2020年河南省实验中学中考物理三模试卷

2020年河南省实验中学中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）
1.下列数据，与实际偏差较大的是()
A. 课桌高度75cm
B. 人正常呼吸一次30s
C. 一个鸡蛋的质量50g
D. 教室内日光灯工作电流0.2A
2.下刻有关材料与信息在生活中应用的说法中，正确的是()
A. 电脑，LED灯等，都使用了半导体材料
B. 光盘、信用卡等，都使用了磁性材料
C. 医院的“B超”，汽车的“倒车雷达”，都利用了次声波传递信息
D. 手机WiFi上网，北斗导航系统，都利用了导线中的电流传通信息
3.如图甲所示，在一个横截面为椭圆的厚玻璃瓶中装满带颜色的水，把细玻璃管通过带孔的橡皮塞插入
瓶中，下列说法错误的是()
A. 用力捏瓶子，玻璃管中液柱高度会发生变化，说明力能改变物体的形状
B. 沿图乙方向用力，液柱升高，沿图丙方向用力，液柱降低
C. 此装置可用来演示温度计的原理，温度升高，液柱上升
D. 此装置可用来显示大气压的变化，携带它上楼，液柱会降低
4.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是()
A. 开关接在火线和用电器之间，与接在零线和用电器之间，同样安全
B. 三孔插座能保证用电器的金属外壳与零线相连，比两孔插座更安全
C. 控制电灯的开关短路，会造成家庭电路中总电流过大，空气开关跳闸
D. 发现家用电器或电线着火时，必须首先切断电源，然后再救火
5.质量相同的甲、乙两物体，分别在竖直向上的拉力作用下，从同一位置同时向上运动，两物体运动的x−t
图象如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是()
A. 以甲为参照物乙竖直向上运动
B. 甲做速度为4m/s的匀速直线运动
C. 甲受到的拉力大于乙受到的拉力
D. 在前4s内拉力对甲做的功大于对乙做的功
6.如图所示，利用R1=5Ω、R2=10Ω两段镍铬合金丝“探究电流产生的热量跟哪些因素有关”，两个透
明的容器中密闭了等量的空气。

对此实验，下列说法正确的是()
A. 实验是通过观察U形管两侧液面高度差来判断电流产生热量的多少
B. 容器和U形管必须密封性好，装有带色水的U形管是连通器
C. 若R1、R2两段镍铬合金丝的长度相同，则R1的横截面积比R2小
D. 本实验可得结论：在通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多
二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）
7.如图所示，在水平拉力F的作用下，物体沿水平面以速度v向右匀速运动
了距离s。

若物重为G，桌面对物体的摩擦力为f，下列说法正确的是()
A. 物体受到的拉力和重力是平衡力
B. 物体对地面的压力是由于物体发生形变而产生的
C. 装置的机械效率为G
3F
D. 额外功为(3F−f)s
8.如图所示，某同学设计了一个“液体深度测量仪“，它主要由测量探头和控制盒构成，且探头浸入液
体越深，电表的示数就越大，测量探头是一个表面涂有绝缘漆的压敏电阻R2，它的阻值随所受液体压力的变化而变化，控制盒内有定值电阻R0和滑动变阻器R1，电源电压恒定不变。

下列说法正确的是()
A. 该压敏电阻的阻值随所受液体压力的变化规律是压力越大，电阻越小
B. 在电流表量程一定的情况下，若要增加测量的深度，可将滑动变阻器滑片向左移动
C. 将测量探头浸入同一深度的不同液体中，液体的密度越大，电流表的示数越小
D. 不用电流表，把电压表并联接在R0两端，同样可以制成一个液体深度测量仪
三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
9.春天，折下嫩绿的柳枝，抽出其中的白杆儿，用圆圆的皮儿可做出一支支柳笛，如图所示，吹柳笛时
是空气柱______在发声；粗笛声音浑厚像牛吼，细笛声音尖厉似鸡鸣，这是因为二者的声音的______不同。

10.如图所示是一位坚守在抗疫一线的白衣战士。

为了阻断病毒传播，医护人
员需要穿戴防护衣、口罩、护目镜。

护目镜内侧常常会出现起雾的现象，
这是由于医生呼出的水蒸气遇到冷的镜片，发生______(填物态变化名称)
形成的，这个过程需要______(选填“吸收”或“放出”)热量。

11.2020年5月5日，俗称“胖五”的长征五号B运载火箭在海南文昌首飞成功，正式拉开我国载人航天
工程“第三步”任务的序幕。

如图所示，“胖五”采用无毒无污染的液氧液氢和煤油推进系统，火箭整体性能和总体技术达到国际先进水平。

“胖五”向下喷出高温高压火焰获得升力然后升空，这个升力的施力物体是______；火箭加速上升过程中，机械能在______(填“增大”、“不变”或“减小”)；
若火箭的质量约为900t，在刚升空的600s内就匀速运动到450km的高空，则此过程中火箭克服自身重力做功的功率约是______kW。

12.随看我国在南北极考察事业的发展，现代破冰船已成为重要装备，如图所示，轮船制作成中空的“形
状”，可以增大______，从而增大可以利用的浮力：船头很尖，是为了______从而冲破冰层，开辟冰区航道。

13.如图所示的电路中，电源电压为6V，滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω.闭合开关，
滑动变阻器R1的滑片P从最右端向左移动的过程中，电压表的示数______(填“变大”或“变小”)；当滑片P移到某一位置时，电压表的示数为4V，电流表的示数为0.4A，则定值电阻R2的阻值为______；在滑片P移动的过程中，该电路消耗的最小功率为______W。

14.如图所示，粗糙的金属支架竖直固定在木板上，并跟电源、
开关连接。

用手拿着铝棒AB放在金属支架右侧，跟支架紧
密接触，整个装置处于竖直向下的磁场中。

闭合开关，放
手后铝棒AB正好向下匀速运动，此时AB受到的磁场力向
______(选填“左”或“右”)，你判断的依据是______。

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
15.如图所示，用硬纸片盖住装满水的玻璃杯后倒置并斜，玻璃杯中的水不会流出，
纸片也不掉下来。

请在图中画出大气对硬纸片压力的示意图。

16.为了预防近视，学校医务室设计采用如图所示的方法给同学们測视力，为了保证
能从镜子中看到视力表，请你用作图的方法确定视力表挂在墙上的范围。

五、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）
17.如图1所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。

(1)为了研究不同物质的吸热能力选用图1中______两幅图进行实验根据记录的数据做出了两种液体的
温度随时间变化关系如图2所示。

①不同物质吸热的多少是通过______(选填“温度计示数”或“加热时间”)来反映的；
②由图2可以看出，______液体的温度升高得较快，______液体的比热容较大；
③若b液体的比热容是1.8×103J/(kg⋅℃)，则a液体的比热容是______J/(kg⋅℃)
(2)为了研究不同燃料的热值选用其中______两幅图进行实验。

在实验前用天平测出了烧杯中液体的质
量及燃料的质量，并记录数据利用公式Q吸=cm(t−t0)(若a、b液体的比热容已知)计算出了液体吸收
的热量，通过这些数据计算出某种燃料的热值。

你认为这样的计算结果与实际燃料的热值相比会______(填“偏大”或“偏小”)。

18.小梅和小红在做探究杠杆平衡条件的实验，已知每个钩码重0.5N：
(1)实验前，杠杆的位置如图甲所示，应将两端的平衡螺母向______移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)杠杆调平后，在其两边分别排上不同数量的钩码并移动，仍使杠杆在水平位置平衡，目的是______；
(3)如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，小梅将两侧的钩码都向外移动一格。

则杠杆的______(选填“左”
或“右”)端将下沉；
(4)小红用图丙所示的装置进行实验探究，发现杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数大于1N，其
原因可能是______，此时杠杆______(选填“平衡”或“不平衡”)。

当弹簧测力计从图示位置顺时针方向逐渐倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，测力计的示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。

19.小明在测量额定电压为3.8V的小灯泡电功率实验中，连接了如图甲所示的电路：
(1)小明在未检查电路连接是否正确的情况下，闭合开关，向左逐渐调节滑动变阻器的滑片，电压表的
示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(2)小明分析电路后发现，一根导线连接有误，请你在图甲中连接错误的导线上打“×”，只改动一根
导线，使电路连接正确；
(3)排除故障后，继续实验，分别记下了多组电压表和电流表示数，并绘制了如图乙所示的I−U图象。

某次实验时电流表示数如丙所示，此时小灯泡的电阻是______Ω；此时它的额定功率是______W；
(4)测出小灯泡的定功率后，某同学又把小灯泡两端电压调为额定电压的一半，发现测得的功率并不等
于其额定功率的四分之一，其原因是______；
(5)小明重新选择实验器材，不用电流表就测出了另一个额定电流为I=0.3A的小灯泡的额定功率，设
计的电路图如图丁所示。

请你将下列实验步骤补充完整，并计算出小灯泡的额定功率(电源电压恒为U，定值电阻R的阻值为8Ω)：
①开关S闭合，开关S1连接触点“2”时，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______时，小灯
泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不动，使开关S1连接触点1，这时电压表的示教为U1；小灯泡额定功率的
表达式为P额=______(用题中已知或所测物理量的字母表示)。

六、计算题（本大题共1小题，共9.0分）
20.如图是科学家新研制的一款球形太阳能发电机玻璃球内充满水，透光率达到99%，
白天产生电能，晚上可以作为绚丽的景观灯，通过设计出不同大小的型号，既可
以为电动汽车充电，也可以为手机充电。

如图某款，在白天正常的日照下，每秒
可获得1000J的电能。

(1)图中球形发电机将______能转化为电能，玻璃球类似于______(填光学元件)；
(2)如果每天按8小时的日照时间来计算该球形发电机一个月(按25天正常日照)可发电多少千瓦？
(3)用10个本款球形太阳能发电机替代发电效率仅为40%的火力发电站，一年(按300天正常日照)可以
节约多少吨的煤？(煤的热值q=3×107J/kg)
(4)从物理学角度说出太阳能发电的优点。

(答一条即可)
七、综合题（本大题共1小题，共9.0分）
21.随着我国城镇化建设进度的加快，高层住宅、地铁和机场的大量兴建，使人们经常要与电梯打交道，
如图甲所示是某种升降电梯的简化模型，它由轿厢、配重、电动机、钢丝绳、定滑轮等部件组成，其中轿厢的质量为780kg。

电梯某次搭载一位质量为70kg的乘客上楼，轿厢启动上升的路程与时间关系(s−t)如图乙所示，电动机的输出功率与时间关系(P−t)如图丙所示，电动机的工作效率为80%，不计钢丝绳的重力和一切摩擦，求：
(1)当该乘客站立在静止的轿厢内时，双脚与地面的接触面积为500cm2，则乘客对轿厢的压强为多少？
(2)电动机的电梯启动上升12s内，消耗的电能是多少？(已知电动机对轿厢所做的功等于其P−t图象与时间轴所围成的阴影部分面积大小)
(3)电梯配重的重力为多少？(提示：电机缆绳的拉力和配重提供的拉力不等)
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度接近中学生身高的一半，在75cm左右。

故A符合实际；
B、平静状态下，人1min呼吸25次左右，平均一次的时间在2、3s左右。

故B不符合实际；
C、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右。

故C符合实际；
D、教室内日光灯的功率在40W左右，工作电流在I=P
U =40W
220V
≈0.2A左右。

故D符合实际。

故选：B。

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，确定与生活实际相差较远的选项。

估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。

2.【答案】A
【解析】解：A、电脑芯片和LED灯利用了半导体材料。

故A正确；
B、信用卡利用了磁性材料；光盘用激光在盘上烧刻出一道道的凹痕，凹进去的地方对光的反射和凸的地方对光的反射是不一样的，利用的也是光电效应，没有用到磁性材料。

故B不正确；
C、医院的“B超”，汽车的“倒车雷达”，都利用了超声波传递信息。

故C不正确；
D、手机WiFi上网，北斗导航系统，都利用了电磁波传递信息。

故D不正确。

故选：A。

①导电性介于导体和绝缘体之间的是半导体；
②磁卡、录音带、录像带都是利用磁性材料来工作的，VCD光盘不是；
③声音可以传递信息和能量；
④电磁波可以传递无线信息。

此题考查了新材料的特点和应用，体现了科技发展对社会发展的推动作用。

3.【答案】D
【解析】解：
A、当我们用力捏瓶子时，因瓶受到压力的作用发生了形变，会观察到细玻璃管中的水面会上升，故A正确；
B、乙图中用力捏厚玻璃瓶，瓶变扁容积变小，细管中水面高度上升，丙图中用力捏厚玻璃瓶，瓶变圆容积变大，而水的体积一定，所以细管中水面高度下降，故B正确；
C、温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，此装置可用来演示温度计的原理，温度升高，液柱上升，故C正确；
D、由于瓶内没有空气，瓶内外不存在压强差，如果拿着玻璃瓶从楼下走到楼上(或从山下到山上)，玻璃管内水柱高度也不会变化，故D错误。

故选：D。

①用双手挤压玻璃瓶，因玻璃瓶的形状发生微小的改变，就能使瓶子的容积因挤压而发生微小的减小量，当沿椭圆长轴方向压瓶壁，瓶变圆容积变大，玻璃瓶中的水由于是已灌满的且水的体积不变，所以会观察到细玻璃管内的水面下降；当沿椭圆短轴方向压瓶壁，瓶变扁容积变小，管中水面上升；
②常用液体温度计是根据液体热胀冷缩原理制成的；气压计可以测量某一位置大气压强的大小。

本题通过玻璃瓶考查了力的作用效果以及压强与高度的关系，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。

4.【答案】D
【解析】解：
A、为了安全，在接用电器时，开关必须串联在火线和用电器之间，故A错误；
B、三孔插座能保证用电器的金属外壳与地线相连，比两孔插座更安全，故B错误；
C、电灯的开关短路会使电灯一直工作，但不会造成电路中电流过大，保险丝也不会熔断，故C错误；
D、家用电器失火，导线的绝缘皮烧坏，用电器漏电，此时必须先切断电源，然后再救火，故D正确。

故选：D。

(1)在接灯泡时，开关必须串联在火线和用电器之间，这样断开开关时，灯上没有电，更换灯泡、维修灯座会更安全；
(2)用电器的金属外壳，要与三脚插头的第三个插脚相连，这样，当插头插入插座时，用电器的金属外壳就与大地相连接，一旦发生漏电事故事，电流通过地线流入大地，而不流过人体，使人安全；
(3)电灯的开关短路会使电灯一直工作；
(2)发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害。

本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。

5.【答案】D
【解析】解：
A、根据x−t图象可知，甲乙两物体均做匀速直线运动，第4s时甲运动了12m，乙运动了4m，甲乙两物体从同一位置同时向上运动，甲通过的路程大于乙的路程，以甲为参照物，则乙是竖直向下运动的，故A错误；
B.甲的速度为v
甲=
s
甲
t
=12m
4s
=3m/s，故B错误；
C、甲乙两物体均做匀速直线运动，受到平衡力的作用，受到的重力与拉力大小相等，甲乙两物体质量相同，则重力相等，所以甲受到的拉力等于乙受到的拉力，故C错误；
D、前4s内，甲通过的路程大于乙的路程，拉力大小相同，根据W=Fs可知，拉力对甲做的功多，故D正确。

故选：D。

(1)(2)首先会根据图象判断甲乙的运动状态；根据图象分析乙对于甲的运动状态；
(3)根据二力平衡得出甲乙所受到的拉力大小；
(4)根据公式W=Fs判定功的大小。

根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。

此题涉及到的知识点较多，综合性很强。

6.【答案】A
【解析】解：
A、该实验中通电电阻丝给等质量的空气加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，所以是通过观察U形管两侧液面高度差来判断电流产生热量的多少的，故A正确；
B、上端开口、底部连通的容器是连通器，而容器和U形管必须密封性好，所以装有带色水的U形管不是连通器，故B错误；
C、因R1<R2，R1、R2两段镍铬合金丝的长度相同、材料相同，则R1的横截面积比R2大，故C错误；
D、根据串联电路电流的规律，通过两电阻丝的电流，通电时间也相等，且R1<R2，由图知右管中液面高度差大，根据转换法，R2电阻丝产生的热量多，所以可得结论：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多，故D错误。

故选：A。

A、电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
B、上端开口底部连通的容器是连通器；
C、导体的电阻决定于导体的长度、材料、横截面积，在长度和材料相同时，横截面积越小电阻越大；
D、根据转换法结合串联电路电流的规律分析。

本题“探究电流产生的热量跟哪些因素有关”，考查转换法和控制变量法的运用及串联电路的规律及焦耳定律的运用和连通器的定义、影响电阻大小的因素，综合性强。

7.【答案】BD
【解析】解：
A、物体受到的拉力在水平方向上，重力在竖直方向上，物体受到的拉力和重力不在一条直线上，所以二力不是平衡力，故A错误；
B、物体对地面的压力是由于物体发生形变而产生的，故B正确；
CD、由图知，动滑轮上绳子的段数n=3，
用滑轮组水平拉动物体时，所做的有用功W有=fs，拉力所做的总功W总=F×3s=3Fs，
则滑轮组的机械效率为η=W
有
W
总
=fs
3Fs
=f
3F
，故C错误；
所做的额外功W额=W总−W有=3Fs−fs=(3F−f)s，故D正确。

故选：BD。

(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，缺一不可；
(2)压力是由于物体的形变而产生的；
(3)用滑轮组水平拉动物体时，克服摩擦力做的功为有用功；已知动滑轮上绳子的段数可求拉力F移动的距离，根据公式W=Fs可求拉力F做的总功，有用功和总功的比值就是滑轮组的机械效率；知道有用功和总
功，根据W额=W总−W有求出额外功。

本题考查有用功、总功和机械效率的计算，克服摩擦力做的功为有用功是本题的关键，难点是对动滑轮上绳子段数的判断。

8.【答案】AD
【解析】解：A、由题意知探头浸入液体越深，受到的压强越大，压力也越大，电流表的示数越大，由I=U
R
知
电路的总电阻减小，所以该压敏电阻的阻值随所受液体压力的增大而减小，故A正确；
B、在电流表量程一定的情况下，即最大电流一定时，若要增加测量的深度，压敏电阻的阻值会减小，要使总电阻不变，可将滑动变阻器滑片向右移动，故B错误；
C、将测量探头浸入同一深度的不同液体中，液体的密度越大，压强越大，压力也越大，压敏电阻的阻值会减小，电流表的示数越大，故C错误；
D、不用电流表，把电压表并联接在R0两端，当探头浸入液体越深，受到的压强越大，压力也越大，压敏电
阻的阻值减小，由I=U
R
知电路的电流越大，根据U=IR知R0两端的电压增大，电压表示数会增大，能够满
足探头浸入液体越深，电表的示数就越大，故同样可以制成一个液体深度测量仪，故D正确。

故选：AD。

(1)由题意知探头浸入液体越深，受到的压强越大，压力也越大，电流表的示数越大，由欧姆定律判断出总电阻的变化，进而判断出压敏电阻的阻值变化；
(2)根据A中的结论和欧姆定律分析解答滑动变阻器滑片的移动方向；
(3)液体的压强与液体的密度和深度有关，根据压强的变化和A的结论分析解答电流表示数的变化；
(4)探头浸入液体越深，受到的压强越大，压力也越大，压敏电阻的阻值减小，根据欧姆定律判断出电流和定值电阻两端电压的变化。

本题考查了欧姆定律的应用，根据题中信息判断出随压力变化压敏电阻阻值的变化是关键。

9.【答案】振动音调
【解析】解：吹“柳笛”发出的声音是柳笛内的空气柱振动发声的；粗笛内，空气柱质量大、体积大，不容易振动，振动频率小，音调低沉；细笛内，空气柱质量小、体积小，容易振动，振动频率大，音调高亢。

故答案为：振动；音调。

物体发声是因为物体振动产生的，吹柳笛发声，是柳笛内的空气柱振动发声；质量大，体积大的物体难振动，振动频率越小，音调越低。

声音是由物体的振动产生的，质量大、体积大的物体难振动，频率小，音调低，虽然课本内没有明确指出，但是经常用到，一定要掌握。

10.【答案】液化放出
【解析】解：
护目镜在使用一段时间后，会出现起雾的现象，这是护目镜和面部之间的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程放出热量。

故答案为：液化；放出。

(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

11.【答案】火箭喷出的气体增大 6.75×106
【解析】解：(1)“胖五”点火后，尾部向下喷出高温高压的燃气，所以此时竖直向上的推力大于竖直向下的重力，火箭受到推力的施力物体是火箭喷出的气体；
(2)火箭加速上升过程中，质量近似不变，速度增大，所以动能不变，高度增大，重力势能增大，机械能增大；
(3)火箭的重力为：
G=mg=900×103kg×10N/kg=9×106N，
火箭克服重力做的功：
W=Gℎ=9×106N×450000m=4.05×1012J，
则此过程中火箭克服自身重力做功的功率：
P=W
t =4.05×1012J
600
=6.75×109W=6.75×106kW。

故答案为：火箭喷出的气体；增大；6.75×106。

(1)力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体；其中受到力的作用的物体叫受力物体；对别的物体施加了力的物体叫施力物体；
(2)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。

重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大，动能和和重力势能统称机械能；
(3)根据G=mg求出重力，根据W=Gℎ求出克服重力做的功，再根据P=W
t
求出功率。

本题围绕火箭发射考查了物理知识在其中的应用，包括施力物体的判断、机械能的变化、功率的计算等，综合性强。

12.【答案】排开液体的体积增大压强
【解析】解：轮船制作成中空的“形状”，可以增大排开液体的体积，根据阿基米德原理可知，可以增大浮力。

船头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，从而冲破冰层，开辟冰区航道。

故答案为：排开液体的体积；增大压强。

(1)轮船是利用“空心”的办法增大排开液体的体积，从而增大橡皮泥受到的浮力的。

(2)增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。

此题考查增大压强的方法、浮力的利用，掌握压强大小的影响因素、明确轮船的制作原理是解答此题关键。

13.【答案】变小5Ω 1.44
【解析】解：(1)由电路图可知，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器R1的滑片P从最右端向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=U
R
可知，电路中的电流变大；由U=IR可知，定值电阻R2两端的电压变大；
又因为串联电路两端电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小；
(2)因为串联电路两端电压等于各分电压之和，所以R2两端的电压：U2=U−U1=6V−4V=2V；
则由I=U
R
可得：
R2=U2
I =2V
0.4A
=5Ω；
(3)当滑动变阻器R1的滑片P在最右端时，电路中的总电阻为：R=R1+R2=20Ω+5Ω=25Ω，
P
最小=U2
R
=(6V)2
25Ω
=1.44W。

故答案为：变小；5Ω；1.44。

由电路图可知，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，电路中总电阻的变化，根据欧姆定律判断电路中电流的变化和R2两端电压的变化，利用串联电路的电压特点判断滑动变阻器两端的电压变化；
(2)当滑片P移到某一位置时，先根据串联电路电压的特点求出R2两端的电压，然后根据欧姆定律的变形公式求出R2的阻值；
(3)当滑动变阻器R1的滑片P在最右端时连入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，则总功率最小，根据串联电路的特点和P=U2
R
求出最小电功率。

本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及功率计算公式的应用，关键是会分析滑片移动时接入电路电阻的变化。