广西贵港市高二(下)期中物理试卷(理科)(解析版)

广西贵港市高二（下）期中物理试卷（理科）（解析版）一、选择题〔共12小题，每题4分，总分值48分，在每题给出的四个选项中，第1-8
题只要一个选项契合标题要求，第9-12题有多项契合标题要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分〕
1．〔4分〕跳水是我国的传统优势体育项目，近年来，我国跳水运发动在严重的国际竞赛中夺得了简直一切的金牌，为国度争得荣誉。

如图为某运发动〔可看做质点〕参与跳板跳水竞赛时，其竖直速度与时间的关系图象，以其分开跳板时作为计时终点，那么〔〕
A．t1时辰末尾进入水面
B．t2时辰末尾进入水面
C．t2时辰到达最高点
D．t1、t2时间段速度方向竖直向上
2．〔4分〕如下图面积为S矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴OO′匀速转动，角速度为ω，假定从图示位置末尾计时，那么穿过线圈的磁通量随时间变化的关系是〔〕
A．φ=BSsinωt B．φ=BScosωt C．φ=BS D．φ=0
3．〔4分〕以下说法正确的选项是〔〕
A．氡的半衰期为3.8天，假定取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下1个原子核了
B．结合能越大的原子核越动摇
C．光子的能量由光的频率所决议
D．依照玻尔实际，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子动能减小，电势能增大，原子的总能量减小
4．〔4分〕如下图，在同一平台上的O点水平抛出的三个物体，区分落到a、b、c三点，那么三个物体运动的初速度v a，v b，v c的关系和三个物体运动的时间t a，t b，t c的关系区分是〔〕
A．v a＞v b＞v c，t a＞t b＞t c B．v a＜v b＜v c，t a=t b=t c
C．v a＜v b＜v c，t a＞t b＞t c D．v a＞v b＞v c，t a＜t b＜t c
5．〔4分〕如图，两回路中各有一开关S1、S2，且内回路中接有电源，外回路中接有灵
敏电流计，以下操作及相应的结果能够完成的是〔〕
①先闭合S2，后闭合S1的瞬间，电流计指针偏转
②S1、S2闭合后，在断开S2的瞬间，电流计指针偏转
③先闭合S1，后闭合S2的瞬间，电流计指针偏转
④S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，电流计指针偏转
A．①②B．②③C．③④D．①④
6．〔4分〕如下图，截面积为矩形的金属导体，放在磁场中，当导体中通有电流时，导体上下外表的电势U M和U N的关系是〔〕
A．U M＞U N B．U M=U N C．U M＜U N D．无法判别
7．〔4分〕如下图为氢原子的能级图，用某种频率的光照射少量处于基态的氢原子，结果遭到激起后的氢原子能辐射出三种不同频率的光子，让辐射出的光子照射某种金属，结果有两种频率的光子能使该金属发作光电效应，其中一种光子恰恰能使该金属发作光电效应，那么打出的光电子的最大初动能为〔〕
A．0B．1.89eV C．10.2eV D．12.09eV
8．〔4分〕如下图，固定在水平桌面上的润滑金属导轨cd、eg处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab与导轨接触良好．在两根导轨的端点d、e之间衔接一电阻，其它局部电阻疏忽不计．现用一水平向右的外力F1作用在金属杆ab上，使金属杆由运动末尾向右沿导轨滑动，滑动中杆ab一直垂直于导轨．金属杆遭到的安培力用F f表示，那么关于图乙中F1与F f随时间t变化的关系图象能够的是〔〕
A．B．
C．D．
9．〔4分〕两质量之比为m1：m2=2：1的卫星绕地球做匀速圆周运动，运动的轨道半径之比R1：R2=1：2，那么以下关于两颗卫星的说法中正确的选项是〔〕
A．线速度大小之比为v1：v2=2：1
B．向心减速度大小之比为a1：a2=1：2
C．运动的周期之比为T1：T2=1：2
D．动能之比为E k1：E k2=4：1
10．〔4分〕图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．那么该粒子〔〕
A．带负电
B．在c点受力最大
C．在b点的电势能小于在c点的电势能
D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化
11．〔4分〕图甲为理想变压器的表示图，其原、副线圈的匝数之比为4：1，电压表和电流表均为理想电表。

假定发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中R t为NTC型热敏电阻〔阻值随温度降低而变小〕，R1为定值电阻。

以下说法中正确的选项是〔〕
A．t=0.01 s时，发电机线圈中穿过的磁通量最大
B．交流电压u的表达式为u=36sin 50πt V
C．R t温度降低时，变压器的输入功率变大
D．R t温度降低时，电压表的示数不变、电流表的示数变小
12．〔4分〕如下图，垂直于纸面向里的匀强磁场散布在正方形abcd区域内，O点是cd 边的中点。

一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场。

现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形内，粒子重力不计，那么以下说法中正确的选项是〔〕
A．假定该带电粒子从ab边射出，它阅历的时间能够为t0
B．假定该带电粒子从bc边射出，它阅历的时间能够为t0
C．假定该带电粒子从cd边射出，它阅历的时间为t0
D．假定该带电粒子从ad边射出，它阅历的时间能够为t0
二、非选择题〔总分值52分，解答题要写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，
只写出最后答案的不得分，答案中必需明白写出数值和单位〕
13．〔6分〕在验证机械能守恒定律的实验中，质量m=1kg的重锤自在下落，在纸带上打出了一系列的点，如下图，相邻记数点时间距离为0.02s，长度单位是cm，g取
9.8m/s2．求：
〔1〕打点计时器打下记数点B时，物体的速度V B=〔保管两位有效数字〕；〔2〕从点O到打下记数点B的进程中，物体重力势能的减小量△E P=，动能的添加量△E K=〔保管三位有效数字〕。

14．〔9分〕〔1〕某同窗用游标卡尺测量一导体的长度如下图，可知其长度为mm；〔2〕假定用多用电表测得该导体的电阻R x约为6000Ω，现该同窗想经过伏安法测定该导线的阻值R x．现有电源〔3V，内阻可不计〕，滑动变阻器〔0～10Ω，额外电流2A〕，开关和导线假定干以及以下电表：
A．电流表〔0～6mA，内阻约0.125Ω〕
B．电流表〔0～600μA，内阻约0.025Ω〕
C．电压表〔0～3V，内阻约3kΩ〕
D．电压表〔0～15V，内阻约15kΩ〕
为减小测量误差，在实验中，电流表应选用，电压表应选用〔选填器材前的字母〕；实验电路应采用图2中的〔选填〝甲〞、〝乙〞、〝丙〞、或〝丁〞〕。

15．〔10分〕运动在粗糙水平面上的物体，遭到水平力F的作用，在F从0末尾逐渐增多的进程中，减速度a随力F变化的图象如下图，当F为14N时物体的速度为8m/s，此时，物体运动的位移大小为6m，g=10m/s2，求：
〔1〕物体与水平面间的动摩擦因数；
〔2〕在F从0添加到14N的进程中，外力F所做的功。

16．〔12分〕如下图，在润滑的水平面上停放着一辆质量为2m的平板车C，在车上的左端放有一质量为m的小木块B，在小车的左边紧靠着一个固定在竖直平面内，半径为r的润滑圆形轨道，轨道底端的切线水平且与小车的上外表相平，现有一质量也为m的小木块A从图中圆形轨道的位置处由运动释放，然后，滑行到车上立刻与小木块B发作碰撞，两木块立刻粘在一同向右在动摩擦因数为μ的平板车上滑行，并与固定在平板车上的水平轻质小弹簧发作作用而被弹簧，最后两个木块又回到小车的最左端与车坚持相对运动。

重力减速度为g，求
〔1〕小木块A滑到轨道最低点时，对圆形轨道的压力；
〔2〕A、B两小木块在平板车上滑行的总路程。

17．〔15分〕平行金属导轨在水平面内固定，导轨间距L=0.5m，导轨右端接有电阻R L=9Ω的小灯泡，导轨电阻不计，如图甲所示。

在导轨的MNQP矩形区城内有竖直向上的匀强磁场，MN、PQ间距d=4m，此区城磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示，垂直导轨跨接一电阻r=1Ω的金属楼GH，金属棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5．在t=0时辰，给金属棒施加一向右的恒力F〔F未知〕，使金属棒从运动末尾运动，t=2s 时恰恰抵达MN处。

在0～4s内小灯泡发光亮度一直设变化〔g取10m/s2〕，求：〔1〕此段时间内流过灯泡的电流；
〔2〕导体棒的质量；
〔3〕0～4s内整个系统发生的热量。

2021-2021学年广西贵港市高二〔下〕期中物理试卷〔文科〕
参考答案与试题解析
一、选择题〔共12小题，每题4分，总分值48分，在每题给出的四个选项中，第1-8
题只要一个选项契合标题要求，第9-12题有多项契合标题要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分〕
1．【剖析】在v﹣t图象中，直线的斜率表示减速度的大小，速度的正负代表运动的方向，依据v﹣t图象可以剖析人的运动形状。

【解答】解：A、运发动起跳时的速度方向向上，可知，t1时辰到达最高点，故A错误。

BC、v﹣t图象为直线，减速度不变，所以在0﹣t2时间内人在空中，t2之后进入水中，故B正确，C错误；
D、0﹣t1时间内，速度方向竖直向上，t1﹣t2时间段速度方向竖直向下，故D错误；
应选：B。

【点评】此题考察对速度时间图象的了解，要知道在速度时间的图象中，直线的斜率代表的是减速度，速度的符号表示速度的方向。

2．【剖析】穿过线圈的最大磁通量为BS，依据线圈转动的位移即可写出磁通量的表达式即可。

【解答】解：穿过线圈的磁通量的最大值为：
φm=BS
末尾时磁场的方向与线圈平面平行，那么穿过线圈的磁通量随时间的变化的表达式为：φ=φm sinωt
故A正确，BCD错误
应选：A。

【点评】该题考察磁通量的计算，牢记磁通量与磁场强度、线圈面积以及线圈与磁感应强度方向之间的夹角的关系公式是关键。

3．【剖析】半衰期是少量放射性元素的原子衰变的统计规律；比结合能的大小反响原子核的动摇水平；光子的能量与频率成正比；依据玻尔实际剖析。

【解答】解：A、半衰期是少量放射性元素的原子衰变的统计规律，对一般的原子没有意义。

故A错误；
B、比结合能的大小反映原子核的动摇水平，比结合能越大的原子核越动摇。

故B错误；
C、依据：E=hγ可知，光子的能量由光的频率所决议。

故C正确；
D、依据玻尔实际，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，氢原
子要吸收一定的能量，所以原子的总能量增大；由可知电子的动能减小；
结合能量的变化可知，电子的电势能增大。

故D错误
应选：C。

【点评】此题考察了放射性元素的半衰期的实质、结合能与比结合能、玻尔实际等基础知识点，关键要熟习教材，牢记这些基础知识点。

4．【剖析】平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自在落体运动，区分依据匀速直线运动和自在落体运动的运动规律剖析即可．
【解答】解：三个物体都做平抛运动，在竖直方向上是自在落体运动，
由h=gt2
可知下落的距离最大的物体的运动时间最长，
所以运动时间的关系为t a＞t b＞t c，
以C点所在的平面为水平面，画一条水平线，如下图，
从图中可以看出三个球的竖直位移相反，所以它们的运动时间t相反，
由X=V0t可知，水平位移大的物体的初速度大，
所以初速度的关系为v c＞v b＞v a。

应选：C。

【点评】应用平抛运动在水平和竖直剖析上的规律来剖析效果，但是在比拟它们的关系是会发现，下落的高度和水平剖析上的位移全不一样，这就要采用控制变量法，找出它们相反的量，在判别其它的量之间的关系．
5．【剖析】当闭合电路的磁通量发作变化时，线圈中出现感应电流，从而会招致指针偏转。

【解答】解：①、先闭合S2，构成闭合电路，当后闭合S1的瞬间时，经过线圈A的电流增大，招致穿过线圈B的磁通量发作变化，从而发生感应电流，那么指针发作偏转，故①正确；
②、当S1、S2闭合后，动摇后线圈B中没有磁通量的变化，因此线圈B中没有感应电流，
在断开S2的瞬间，当然指针也不偏转，故②错误；
③、先闭合S1，后闭合S2的瞬间，穿过线圈B的磁通量没有变化，那么不会发生感应
电流，故③错误；
④、当S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，招致穿过线圈B的磁通量发作变化，因此出现
感应电流，故④正确，
故ABC错误，D正确
应选：D。

【点评】该题考察发生感应电流的条件及掌握判定磁通量如何变化，抓住：闭合回路的磁通量发作变化时，才干发生感应电流这一条件即可。

6．【剖析】依据左手定那么，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是洛伦兹力的方向．依据左手定那么来判别洛伦兹力即可．从而可以判别MN的带电的状况，就可以失掉电势的上下．
【解答】解：电流向右，电子向左运动，依据左手定那么可失掉，电子遭到的洛伦兹力的方向是向下的，所以N板上聚集了电子，M板就出现正电荷，所以M点的电势高于N点的电势，所以A正确，BCD错误。

应选：A。

【点评】此题就是对左手定那么的直接考察，留意四指指向电流方向，即正电荷运动的方向，比拟复杂．
7．【剖析】抓住用某种频率的光照射少量处于基态的氢原子，结果遭到激起后的氢原子能辐射出三种不同频率的光子，确定出氢原子处于第几能级，依据辐射的光子能量等
于两能级间的能级差求出辐射的光子能量，得出逸出功，结合光电效应方程求出光电子的最大初动能。

【解答】解：由题可知，某种频率的光照射处于基态的氢原子后，处于激起态的氢原子能辐射出三种不同频率的光子，外表氢原子激起后处于n=3的激起态，辐射出的光子中，两种频率较高的光子能量为hv1=E3﹣E1=12.09eV，hv2=E2﹣E1=10.2eV，由于这两种光子中有一种光子恰恰能使该金属发作光电效应，由此可知，该金属的逸出功为
10.2 eV，那么打出的光电子的最大初动能为E k=12.09 eV﹣10.2 eV=1.89 eV，故B正确，
ACD错误。

应选：B。

【点评】处置此题的关键知道能级间吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，掌握光电效应方程，并能灵敏运用。

8．【剖析】依据安培力大小表达式F f=，可知安培力与速率成正比，安培力平均增大，速度平均增大，可剖析出导体棒应做匀减速运动，依据牛顿第二定律推导出外力F1与速度的关系式，再选择图象．
【解答】解：依据安培力大小表达式F f=，可知安培力与速率成正比。

图中安培力随时间平均增大，那么速度随时间平均增大，说明导体棒应做匀减速运动，减速度a一定，
依据牛顿第二定律得：F1﹣F f=ma，得F1=+ma，可见外力F1与速度是线性关系，速度随时间平均增大，那么外力F1也随时间平均增大，故B正确。

应选：B。

【点评】此题关键要掌握安培力大小表达式F f=，并依据牛顿第二定律推导出外力F1的表达式，即可作出判别．
9．【剖析】由质量和轨道半径，可以由万有引力提供向心力剖析线速度，向心减速度，周期，动能等的关系．
【解答】解：
A、依据月球对嫦娥卫星的万有引力提供向心力得：，解得：，故两颗
卫星线速度之比为：．故A错误。

B、依据月球对嫦娥卫星的万有引力提供向心力得：，解得：，故两颗卫
星的向心减速度之比为：，故B错误。

C、依据月球对嫦娥卫星的万有引力提供向心力得：，解得：，
故两颗卫星周期之比为：，故C错误。

D、依据月球对嫦娥卫星的万有引力提供向心力得：，变化失掉：，
故两颗卫星动能之比为：E K1：E K2=m1R2：m2R1=4：1，故D正确。

应选：D。

【点评】此题重点是掌握万有引力提供向心力的各种表达方式，进而才干灵敏剖析各个量与半径的关系．
10．【剖析】电场线与等势面垂直．电场线密的中央电场的强度大，电场线疏的中央电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能添加．
【解答】解：A：依据轨迹弯曲方向判别出，粒子在a→b→c的进程中，不时受静电斥力作用，依据异性电荷相互排挤，故粒子带正电荷，A错误；
B：点电荷的电场强度的特点是分收场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点遭到的电场力最小，故B错误；
C：依据动能定理，粒子由b到c，电场力做正功，动能添加，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C错误；
D：a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是分收场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D正确。

应选：D。

【点评】此题中，点电荷的电场强度的特点是分收场源电荷距离越大，场强越小，掌握住电场线和等势面的特点，即可处置此题．属于基础标题．
11．【剖析】由图乙可知交流电压最大值U m，周期T=0.02秒，可由周祈求出角速度的值，那么可得交流电压u的表达式u=U m sinωt〔V〕，由变压器原理可得变压器原、副线圈
中的电流之比，输入、输入功率之比，NTC是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的热敏电阻，R t处温度降低时，阻值减小，依据负载电阻的变化，可知电流、电压变化。

【解答】解：A、t=0.01s时，代入A选项中电压瞬时表达式，那么有电压值为零，那么发电机中线圈与磁场垂直，发电机线圈中穿过的磁通量最大，故A正确。

B、原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压36v，周期0.02S，故角速度
是ω=100π，u=36sin100πt〔V〕，故B错误。

C、R1温度降低时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，变压器的
输入功率等于输入功率变大，故C正确。

D、R t温度降低时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，故D错误；应选：AC。

【点评】依据图象准确找出量，是对先生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是处置此题的关键。

12．【剖析】依据几何关系确定带电粒子在磁场中的运动轨迹并确定其圆心角，依据其从各边穿出时的角度及时间确定能否从各边穿出。

【解答】解：由题，带电粒子以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c 点射出磁场，那么知带电粒子的运动周期为T=2t0。

A、假定该带电粒子在磁场中阅历的时间是t0=，那么失掉轨迹的圆心角为π，而粒子
从ab边射出磁场时最大的倾向角等于60°+90°=150°=，故不一定从ab边射出磁场，故A错误。

B、假定该带电粒子在磁场中阅历的时间是=，那么失掉轨迹的圆心角为＞π，
那么它一定从bc边射出磁场，故B正确。

C、假定该带电粒子在磁场中阅历的时间是，那么粒子轨迹的圆心角为
θ=，速度的倾向角也为，依据几何知识得知，粒子射出磁场时与磁场边界的夹角为30°，肯定从cd射出磁场，故C正确。

D、当带电粒子的轨迹与ad边相切时，轨迹的圆心角为60°，粒子运动的时间为t=，
在一切从ad边射出的粒子中最长时间为，故假定该带电粒子在磁场中阅历的时
间是，一定不是从ad边射出磁场，故D错误。

应选：BC。

【点评】此题是带电粒子在磁场中圆周运动类型，抓住粒子的周期一定，依据速度的倾向角等于轨迹的圆心角，由圆心角确定粒子在磁场中的运动时间。

二、非选择题〔总分值52分，解答题要写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，
只写出最后答案的不得分，答案中必需明白写出数值和单位〕
13．【剖析】〔1〕应用在匀变速直线运动中，中间时辰的瞬时速度等于该进程中的平均速度来求B的速度大小，然后依据动能、势能定义进一步求得动能和势能的变化状况。

〔2〕动能的添加量：mv2，势能的减小量：mgh；由于物体下落进程中存在摩擦阻力，因此动能的添加量小于势能的减小量。

【解答】解：〔1〕中间时辰的瞬时速度等于该进程中的平均速度来求B的速度大小：
v B==m/s=0.98m/s
〔2〕物体重力势能减小量为：△E P=mgh=1×9.8×0.0492=0.482J
动能的添加量为：△E k=m=×1×0.982=0.480J
故答案为：〔1〕0.98m/s；〔2〕0.482J，0.480J。

【点评】正确解答实验效果的前提是明确实验原理，从实验原理动身停止剖析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果。

14．【剖析】〔1〕游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺读数，依据图示游标卡尺读出其示数。

〔2〕依据经过待测电阻的最大电流选择电流表，依据电源电动势选择电压表；依据题意确定电流表与滑动变阻器的接法，然后选择实验电路。

【解答】解：〔1〕由图示游标卡尺可知，其示数为：13mm+11×0.05mm=13.55mm；〔2〕经过待测电阻的最大电流约为：I===5×10﹣4A=500μA，电流表应选择B；电源电动势为3V，电压表应选择C；
由题意可知，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，
待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，应选择图丁所示电路。

故答案为：〔1〕13.55；〔2〕B；C；丁。

【点评】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺读数，依据图示游标卡尺读出其示数，游标卡尺不需求估读，对游标卡尺读数时要留意游标尺的精度；要掌握实验器材的选择原那么：平安性原那么、准确性原那么、方便实验操作原那么。

15．【剖析】〔1〕对物体受力剖析，依据牛顿第二定律得出力F与减速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息即可求解；
〔2〕依据动能定理求解外力做的功。

【解答】解：〔1〕物体受重力、空中的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，依据牛顿第二定律得：
F1﹣μmg=ma1，F2﹣μmg=ma2，解得m=2kg，μ=0.3；
〔2〕由动能定理可得，
解得W F=100J。

答：〔1〕物体与水平面间的动摩擦因数为0.3；
〔2〕在F从0添加到14N的进程中，外力F所做的功为100J。

【点评】此题关键是对滑块受力剖析，然后依据牛顿第二定律列方程求解出减速度与推力F的关系式，由此失掉动摩擦因数，最后结合a与F关系图象失掉待求量。

16．【剖析】〔1〕A下滑进程机械能守恒，由机械能守恒定律求出A抵达最低点时的速度，在最低点运用牛顿第二定律求出支持力，然后由牛顿第三定律求出压力。

〔2〕系统动量守恒，由动量守恒定律求出最终的速度，然后由能量守恒定律求出总路程。

【解答】解：〔1〕木块A从轨道图中位置滑到最低点的进程中机械能守恒，
由机械能守恒定律得：，
在最低点时，对A由牛顿第二定律得：
解得：F=2mg，
依据牛顿第三定律可得木块对轨道的压力：F′=F=2mg，方向：竖直向下；
〔2〕在小木块A与B碰撞进程系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：mv0=〔m+m〕v1
然后一同运动直到将弹簧紧缩到最短的进程中系统动量守恒，
以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=〔m+m+2m〕v2
在这个进程中，由能量守恒定律得：
关于从弹簧紧缩到最短到两木块滑到小车左端的进程，
由能量守恒定律得：
摩擦发生的热量：，解得：；
答：〔1〕小木块A滑到轨道最低点时，对圆形轨道的压力大小为2mg，方向：竖直向下；〔2〕A、B两小木块在平板车上滑行的总路程为。

【点评】此题考察了动量守恒定律与能量守恒定律的运用，剖析清楚物体运动进程是解题的关键，运用机械能守恒定律、动量守恒定律与能量守恒定律可以解题，解题时留意正方向的选择。

17．【剖析】〔1〕因灯泡亮度不变，依据法拉第电磁感应定律，由此可以求的经过灯泡的电流；
〔2〕由导体棒在由欧姆定律可以求的磁场中发生的动生电动势，然后用动生电动势表达式求的导体棒的匀速运动的速度，进而由导体棒从ab到CD做的是匀减速直线运动，依据牛顿第二定律可以求的导体棒的质量。

〔3〕金属棒从ab位置运动到EF位置进程中，小灯泡的亮度没有发作变化，可知经过它的电流是不变的，那么可由0～4s这段时间内的感生电动势来求经过小灯泡的电流，从而由焦耳定律，求得金属杆中发生的焦耳热。

【解答】解：〔1〕0～4s内小灯泡发光亮度一直没变化，那么流过灯泡的电流不变；
在0～2s内由电磁感应定律得，E==Ld；
由闭合电路的欧姆定律，可得，I=
联立解得：I=0.4A；
〔2〕由题意可知，进入磁场后，磁场不再发作变化；
由导体棒切割磁感应线E=BLv
在0～2s内，导体棒未进入磁场，
由运动学规律，可知，
v=at
由牛顿第二定律，可知，F﹣μmg=ma
进入磁场后灯泡亮度不变，那么导体棒做匀速直线运动。