2017年-2015级高三-绵阳二诊物理-试题及答案
2015届高三第二次全国大联考(四川版)物理卷(解析版)
绝密★启用前2015年第二次大联考【四川卷】理科综合·物理试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分110分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．稿纸上作答无效．．．．．．．。
（满分110分，考试时间60分钟）第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．光导纤维现已在通讯、医疗技术中大量使用。
光导纤维是由折射率不同的透明材料通过特殊复合技术制成的复合纤维。
光导纤维由芯线和外涂层组成，下列说法正确的是（）A．光纤芯线的折射率要低B．涂层材料折射率要高C．芯料和涂料的折射率相差越大越好D．一束光经光纤传导过程中，光几乎都在外涂层里传播【答案】C该题考查光导纤维的原理【解析】因为要求发生全反射，所以光导纤维的光纤芯线的折射率高，涂层材料的折射率低，而且两者的折射率相差越大越好，故ABD错误，C正确。
2．如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平。
A球、C球与B 球分别用两根轻质细线连接。
当系统保持静止时，B球对碗壁刚好无压力，图中θ=30°，则A球和C球的质量之比为（）A ．1:2 B．2 :1 C ．1:3D．3:1【答案】C该题考查共点力的平衡问题【解析】B球对碗壁刚好无压力，则根据几何知识分析可得B球所在位置两线的夹角为90°，以B球为研究对象，进行受力分析，水平方向所受合力为零，由此可知，故选C点评：本题难度较小，明确B球所在位置夹角为90°是本题求解的关键3．如图甲所示为一列简谐横波在t=0时刻波动图象，图乙为介质中M点的振动图象。
绵阳市高2017级二次诊断物理答案
2020年第二次诊断性考试理科综合能力测试物理参考答案和评分意见二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.B 15.C 16.A 17.D 18.C 19.AD 20.AD 21.BC三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。
第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第33～38题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共129分。
22.（5分）（1）AD （2分，有错或者不全均得0分）。
（2）2218ABms T （2分）。
（3）偏小（1分）。
23.（10分） （1）乙（2分）。
（2）B （1分），C （1分）。
（3）如图（2分，不规范，误差明显，0分）。
（4）3.00(2.96～3.02)（2分），1.60(1.58～1.62)（2分）。
24.（12分）解：（1）设水平外力的大小为F ，木块甲在B 点的速度大小为v 1，从B 点开始做平抛运动的时间为t ，则2112FL m υ=（2分） 212H gt =（2分） 1x t υ=（1分）解得24mgx F HL=（2分）（2）设木块乙的质量为m 乙，在B 点的速度大小为v 2，则2212FL m υ=乙（2分） 23x t υ=（1分）解得1=9m m 乙（2分）25.（20分）解：（1）物块A 运动到P 点时，速度大小为v P ，受到圆弧轨道支持力的大小为F P ，则21()2A A Pm g qE R m υ-=（2分） 2P PP m F qE mg Rυ+-=（2分） 解得v P =10 m/s 。
F P =60 N （2分）（2）设物块A 、B 碰撞前，A 的加速度为a 1，速度大小v 1，则1A A qE m g m a μ-=（2分）221102P a x υυ-=（2分）解得a 1=43m/s 2，v 1=12 m/s 设物块A 、B 碰撞后瞬间，A 、B 速度的大小分别为v 2、v 3，根据动量守恒和能量守恒123A A B m m m υυυ=+（2分） 222123111222A AB m m m υυυ=+（2分） 解得v 2=6m/s ，方向水平向右，v 2=12m/s （舍去）；v 3=18m/s ，方向水平向右，v 3=0（舍去）。
四川省绵阳市高三第二次诊断性测试理综物理试题含答案.doc
秘密★启用前【考试时间:2017年1月6日上牛9： 00〜11： 30】绵阳市高中2014级第二次诊断性考试理科综合能力测试注意事项：…1.本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、考号填写在答题卡上。
2・回答第I卷时，选出每小題答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
写在本试卷上无效。
3. 回答第II卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4. 考试结束后，将答题卡交回。
可能用到的相对原子量：Hl C 12 O 16 S32 Cu64 Zn65 Ba 137第I卷Q肚如曲形叶处吒1阿cnmj 5jn丿八j u MXL二、选择题：本题共8小题，每小题6分・在毎小题给出的四个选项中，第14〜18题只有一项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3 '分，有选错的得0分。
14.2016年10月170,我国用长征二号FYI 1运载火箭将“神舟十一号”飞船送入预定转移轨道。
关于火箭发射，下列说法正确的是A. 火箭刚离开发射架时，火箭处于失重状态B・火筒刚离开发射架时，火箭处于超重状态C・火箭发射时，喷岀的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力D.火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力小于火箭对气流的作用力理科综合试翅第3頁（共14页）15.2016年7月，科学家宣布找到了一颗人类“宜居”行星，它是离太阳垠近的恒星一比邻星(ProximaCentauri)的行星。
若这颗"宜居"行星质擞为地球的a 倍，半径为地球的b 倍。
4设该行星的卫星的最小周期为环 地球的卫星的最小周期为丁2,则TJT 2 =如图所示，大型物流货场传送带倾斜放宜，与水平面的夹角保持不变。
传送带可向上匀速运 动，也可向上加速运动；货箱M 与传送带间保持相对静止，设受传送带的摩擦力为只则 A ・传送带加速运动时，/的方向可能平行传送带向下B. 传送带匀速运动时，不同质量的货箱，/相等C. 相同的负箱，传送带匀速运动的速度越大，/越大D. 相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，/越大19•一带冇乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射相同的乒乓球。
物理_2017年四川省南充市高考物理二诊试卷_复习
2017年四川省南充市高考物理二诊试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分）1. 直角坐标系Oxy在水平面（纸面）内，一质点在该水平面运动，经过坐标原点时开始受水平力F作用，运动轨迹如图所示，设质点经过O点时沿x方向的速度为v x，沿y方向的速度为v y，则由图可知（）A v x>v y，F可能沿x正方向B v x>v y，F可能沿y方向C v x<v y，F可能沿x正方向D v x<v y，F可能沿y方向2. 绝缘支架上分别固定两金属极板，板彼此靠近正对平行放置，工作时两板分别接在高压直流电源的正负极，如图所示，表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属极板中间，则（）A 乒乓球的左侧感应出正电荷B 乒乓球右侧的电势高于左侧C 若在两板之间放入电介质，板的带电量将增大D 若在两板之间放入电介质，板间的场强将增大3. 我国的海南文昌卫、卫星发射中心位于北纬19∘37′，四川西昌卫星发射中心位于北纬28∘2′，在两个卫星发射中心分别发射卫星，两者相比较（）A 卫星发射前，在文昌发射中心随地球自转的线速度较大B 从文昌发射的卫星第一宇宙速度较小C 若都发射地球同步卫星，从文昌发射的卫星轨道较高D 若都发射地球近地卫星，从西昌发射的卫星周期较大4. 如图所示，光滑大圆环固定在竖直平面内，两个轻质小圆环固定在大圆环的水平直径两端两根轻质长绳分别穿过两个小圆环，一端都系在大圆环的另一个轻质小圆环p上，另一端分别挂一重物m1、m2，设绳子与小圆环间的摩擦、小圆环的大小均可忽略，当小圆环p 在图示位置处于静止状态，下列关系成立的是（）A m1=√3m2B m1=√32m2 C m1=√33m2 D m1=√34m25. 如图所示，虚线框a′b′c′d′内为一矩形匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面，实线框abcd 是一长方形导线框，ab＝2bc，a′b′边与ab平行，若将导线框匀速地拉高磁场区域，以W1表示沿平行于ab的方向拉出过程中外力所做的功，W2表示以同样速率沿平行于bc的方向拉出过程中外力所做的功，则（）A W1＝W2B W2＝2W1C W1＝2W2D W2＝4W16. 来自质子源的质子（初速度为零），经一直线加速器加速形成细柱形的质子流且电流恒定，假定分布在质子源到靶之间的加速电场是均匀的，在质子束中与质子源相距l和41的两处各取一横截面S1和S2，设从质子源到S1、S2的过程中，某质子受到的冲量分别为I1、I2；在S1、S2两处各取一段极短的相等长度的质子源，其中的质子数分别为n1、n2，则（）A I1:I2＝1:2B I1:I2＝1:4C n1:n2＝2:1D n1:n2＝4:17. 一理想变压器的原线圈接交流电源，电源的电压u＝110√2sinπt(V)，原线圈所接定值电阻R1＝10Ω，副线圈接一可变电阻R2，已知原、副线圈的匝数比为2，下列说法正确的是（）A 通过R2的交流电的频率为100HzB 若R1的电功率为10W，则R2的阻值为25Ω C 若增大R2的阻值，则R1的电功率将减小 D 若增大R2的阻值，则变压器的输出功率将增大8. 如图所示，不可伸长的轻质长绳水平地跨在两个小定滑轮上，绳的两端连接两个相同的竖直固定在水平面的轻弹簧上，质量为m的物块悬挂在绳上O点，O与两滑轮的距离相等，先托住物块，使绳处于水平伸直状态且弹簧处于原长，静止释放物块，物块下滑ℎ到M点时，速度恰好为0（图中M、N两点关于O点对称），现将物块由N点静止释放，绳子的竖直部分足够长，重力加速度为g，则（不计绳与滑轮的摩擦）（）A 从N到O，物块的加速度逐渐减小B 从O到M，物块的加速度逐渐减小C 物块运动到O点的速度为2√gℎ D 物块运动到M点的速度为2√gℎ二、必考题9. 利用如图所示的方式验证碰撞中的动量守恒，竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道下端与水平桌面相切，先将小滑块A从圆弧轨道的最高点无初速度释放，测量出滑块在水平桌面滑行的距离x1（图甲）；然后将小滑块B放在圆弧轨道的最低点，再将A从圆弧轨道的最高点无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，测量出整体沿桌面滑动的距离x2（图乙）。
四川省绵阳市2017届高三第二次诊断性测试理综物理试题 Word版含答案
绵阳市高中2014级高三第二次诊断性考试理科综合能力测试可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 S 32 Cu 64 Zn 65 Ba 137第Ⅰ卷二、选择题：第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
14. 2016年10月17日，我国用长征二号FY11运载火箭将“神舟十一号”飞船送入预定转移轨道。
关于火箭发射，下列说法正确的是A.火箭刚离开发射架时，火箭处于失重状态B.火箭刚离开发射架时，火箭处于超重状态C．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力D.火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力小于火箭对气流的作用力15. 2016年7月，科学家宣布找到了一颗人类“宜居”行星，它是离太阳最近的恒星——比邻星( Proxima Centauri)的行星。
若这颗“宜居”行星质量为地球的a倍，半径为地球的b倍。
设该行星的卫星的最小周期为T1，地球的卫星的最小周期为T2，则T1 /T2=16.在2016年11月初的珠海航展上，我国展出了国产四代战机———歼-20等最先进飞机。
假设航展飞行表演中，两架完全相同的歼-20飞机甲、乙在两条平行平直跑道上同向滑行，在0～t2时间内的v-t图像如图所示，则A.在t l时刻，两飞机沿跑道方向相距最远B.在t l时刻，两飞机发动机输出功率相等C. 0～t2，飞机甲的平均速度大于飞机乙的平均速度D.0～t2，合外力对飞机甲做的功大于合外力对飞机乙做的功17.如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R2为定值电阻，R为滑动变阻器。
当R的滑片P在某一位置时，闭合开关S，电压表的读数为U=l.00 V，电流表A1的读数I1=0.80A，电流表A 2的读数为I2=1.20A。
现将R的滑片P继续向b端移动过程中，三个电表可能得到的读数是A. U=0.70V, I1=0.60A, I2=1.30AB. U=0.80V, I1=0.60A, I2=1.40AC. U=0.90V, I1=0.70A, I2=1.40AD. U=l.l0V, I1=0.70A, I2=1.50A18.如图所示，大型物流货场传送带倾斜放置，与水平面的夹角保持不变。
绵阳市2015届高三二诊物理试题_Word含答案
θ OA FBLv 0·×I A v 0DEB +Q+Qv 0v 0C 高压 电源＋－ SRG1. 法拉第在同一软铁环上绕两个线圈，一个与电池相连，另一个与电流计相连，则 A. 接通电池后，电流计指针一直保持偏转 B. 接通电池时，电流计指针没有偏转 C. 接通电池后再断开时，电流计指针没有偏转 D. 接通电池时，电流计指针偏转，但不久又回复到零2. 如图所示，质量为m 的小球（可视为质点）用长为L 的细线悬挂于O 点，自由静止在A 位置。
现用水平力F 缓慢地将小球从A 拉到B 位置而静止，细线与竖直方向夹角为θ=60°，此时细线的拉力为F 1，然后放手让小球从静止返回，到A 点时细线的拉力为F 2，则 A. F 1＝F 2＝2mg B. 从A 到B ，拉力F 做功为F 1LC. 从B 到A 的过程中，小球受到的合外力大小不变D. 从B 到A 的过程中，小球重力的瞬时功率一直增大3．如图所示，一个不计重力的带电粒子以v 0沿各图的虚线射入场中。
A 中I 是两条垂直纸平面的长直导线中等大反向的电流，虚线是两条导线垂线的中垂线；B 中＋Q 是两个位置固定的等量同种点电荷的电荷量，虚线是两位置连线的中垂线；C 中I 是圆环线圈中的电流，虚线过圆心且垂直圆环平面；D 中是正交的匀强电场和匀强磁场，虚线垂直于电场和磁场方向，磁场方向垂直纸面向外。
其中，带电粒子不可能做匀速直线运动的是4．静电计是在验电器基础上制成，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间电势差大小。
如图，A 、B 是平行板电容器的两个金属板，A 板固定，手握B 板的绝缘柄，G 为静电计。
开始时开关S 闭合，静电计G 指针张开一定角度。
则 A ．保持S 闭合，只将A 、B 两板靠近些，G 指针张角变小B ．保持S 闭合，只将变阻器滑动触头向左移动，G 指针张角变大C ．断开S 后，只将A 、B 两板分开些，G 指针张角变小D ．断开S 后，只在A 、B 两板间插入电介质，G 指针张角变小5．假设月球是质量分布均匀的球体。
物理_2017年四川省某校高考物理二诊试卷_复习
2017年四川省某校高考物理二诊试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1. 以下说法正确的是（ ）A α衰变是原子核内的变化所引起的B 某金属产生光电效应，当照射光的颜色不变而增大光强时，光电子的最大初动能增大C 当氢原子以n ＝4的状态跃迁到n ＝1的状态时，要吸收光子 D 715N +11H →612C +24He 是α衰变方程2. 如图所示是法拉第在 1831 年做电磁感应实验的示意图，铁环上绕有A 、B 两个线圈，线圈A 接直流电源，线圈B 接电流表和开关S ．通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件，分析这个实验，下列说法中正确的是（ ）A 闭合开关 S 的瞬间，电流表 G 中有a →b 的感应电流B 闭合开关 S 的瞬间，电流表 G 中有b →a 的感应电流C 闭合开关 S 后，在增大电阻 R 的过程中，电流表 G 中有b →a 的感应电流D 闭合开关 S 后，向右滑动变阻器划片，电流表 G 指针不偏转3. 如图所示，OA 、OB 为竖直平面的两根固定光滑杆，OA 竖直、OB 与OA 间夹角为45∘，两杆上套有可以自由移动的轻质环E 和F ，通过不可伸长的轻绳在结点D 点悬挂质量为m 的物体，当物体静止时，环E 与杆OA 间的作用力大小为F 1，环F 与杆OB 间作用力大小为F 2，则（ ）A F 1＝mg F 2＝mgB F 1＝mg F 2=√2mgC F 1=√2mg F 2＝mgD F 1=√2mg F 2=√2mg4. 2016 年 8 月 16 日 1 时 40 分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”发射升空，首次实现地空量子通，这种方式能极大提高通信保密性，“墨子号”重量约为640公斤，设计寿命为两年，运行在高度为 500 公里的极地轨道，已知地球半径为 R ，地面的重力加速度为 g ，引力常数为 G ，则（ ）A 由以上数据可以估算出“墨子号”卫星的运行周期B 仅由以上数据无法估算地球对“墨子号”卫星的万有引力C “墨子号”卫星属于地球同步卫星D “墨子号”卫星的线速度大于第一宇宙速度，并且小于第二宇宙速度5. “娱乐风洞”是一种惊险的娱乐项目，在竖直的圆筒内，在底部竖直向上的风可把游客“吹起来”，让人体验太空漂浮的感觉（如图甲）．假设风洞内各位置的风速均相同且保持不变，已知人体所受风力的大小与正对风的面积成正比，水平横躺时受风面积最大，站立时受风面积最小、为最大值的18；当人体与竖直方向成一倾角、受风面积是最大值的12时，人恰好可静止或匀速漂移．在某次表演中，质量为m 的表演者保持站立身姿从距底部高为H 的A 点由静止开始下落；经过B 点时，立即调整身姿为水平横躺并保持；到达底部的C 点时速度恰好减为零．则在从A 到C 的过程中，下列说法正确的是（ ）A 表演者加速度的最大值是34g B B点的高度是34H C A到B及B到C过程中表演者克服风力做功相等 D A到B及B到C过程中表演者重力做功功率相等6. 如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4:1，电流表为理想电流表，两灯泡完全相同，已知它们的电阻为R，当输入电压为220V时，通过调节滑动变阻器，可使两灯泡正常发光，下列说法正确的是（）A 变压器原副线圈中的电流强度之比为1:4B 两灯泡正常发光时，滑动变阻器的阻值为3R C 灯泡的额定电压为44V D 若滑动变阻器的变大，则灯泡亮度变亮7. 如图所示，重10N的滑块在倾角为30∘的斜面上，从a点由静止开始下滑，到b点开始压缩轻弹簧，到c点时达到最大速度，到d点（图中未画出）开始弹回，返回b点离开弹簧，恰能再回到a点．若bc＝0.1m，弹簧弹性势能的最大值为8J，则下列说法正确的是（）A 轻弹簧的劲度系数是50 N/mB 从d到b滑块克服重力做功8JC 滑块的动能最大值为8JD 从d点到b点物体的动能增加量小于弹性势能减少量8. 如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一象限存在着垂直于纸面向外的磁感应强度为B的匀强磁场，在第四象限存在着沿x轴负方向的电场强度为E的匀强电场．在y轴正半轴上的P点以大小为v0、方向沿x轴正方向的速度发射一带正电的粒子，该粒子在Q(d, 0)点沿y轴负方向进入电场．若v0=2EB，不计粒子的重力，下列判断正确的是（）A P点的坐标为(0, d)B 粒子在电场中的运动时间t=4dv0C 粒子离开电场时速度方向与y轴负方向的夹角为45o D 增大v0，粒子在磁场中运动的路程和时间均变长二、非选择题：9. 如图所示，气垫导轨是常用的一种实验仪器。
四川省绵阳市高三物理二诊试题(含解析)
2015年四川省绵阳市高考物理二诊试卷一、选择题（每题6分）1．（6分）（2015•绵阳模拟）法拉第在同一软铁环上绕两个线圈，一个与电池相连，另一个与电流计相连，则（）A．接通电池后，电流计指针一直保持偏转B．接通电池时，电流计指针没有偏转C．接通电池后再断开时，电流计指针没有偏转D．接通电池时，电流计指针偏转，但不久又回复到零【考点】：研究电磁感应现象．【分析】：根据感应电流产生的条件分析答题．【解析】：解：A、接通电池的瞬间穿过线圈的磁通量变化，产生感应电流，电流计指针偏转，过一段时间后磁通量不发生变化，没有感应电流，电流计指针不偏转，故AB错误，D正确；C、接通电池后再断开时的瞬间，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流计指针偏转，故C错误；故选：D．【点评】：本题是一道基础题，知道感应电流产生的条件即可正确解题．2．（6分）（2015•绵阳模拟）如图所示，质量为m的小球（可视为质点）用长为L的细线悬挂于O点，自由静止在A位置．现用水平力F缓慢地将小球从A拉到B位置而静止，细线与竖直方向夹角为θ=60°，此时细线的拉力为F1，然后放手让小球从静止返回，到A点时细线的拉力为F2，则（）A． F1=F2=2mgB．从A到B，拉力F做功为F1LC．从B到A的过程中，小球受到的合外力大小不变D．从B到A的过程中，小球重力的瞬时功率一直增大【考点】：动能定理；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：功率的计算专题．【分析】：根据共点力平衡求出在B点的拉力，根据动能定理和牛顿第二定律求出小球在最低点的拉力，从而比较两拉力的大小．对A到B过程运用动能定理，求出拉力F做功的大小．根据首末位置的重力功率，判断整个过程中的重力功率变化．【解析】：解：A、在B点，根据平衡有：F1sin30°=mg，解得F1=2mg．B到A，根据动能定理得，，根据牛顿第二定律得，，联立两式解得F2=2mg，故A正确．B、从A到B，小球缓慢移动，根据动能定理得，W F﹣mgL（1﹣cos60°）=0，解得，故B错误．C、从B到A的过程中，小球的速度大小在变化，径向的合力在变化，故C错误．D、在B点，重力的功率为零，在最低点，重力的方向与速度方向垂直，重力的功率为零，可知从B到A的过程中，重力的功率先增大后减小，故D错误．故选：A．【点评】：本题考查了平衡、牛顿第二定律、动能定理的综合运用，知道从A到B的过程中，拉力表示恒力，不能通过功的公式求解拉力做功的大小，需通过动能定理进行求解．3．（6分）（2015•绵阳模拟）如图所示，一个不计重力的带电粒子以v0沿各图的虚线射入场中．A中I是两条垂直纸平面的长直导线中等大反向的电流，虚线是两条导线垂线的中垂线；B中+Q是两个位置固定的等量同种点电荷的电荷量，虚线是两位置连线的中垂线；C中I是圆环线圈中的电流，虚线过圆心且垂直圆环平面；D中是正交的匀强电场和匀强磁场，虚线垂直于电场和磁场方向，磁场方向垂直纸面向外．其中，带电粒子不可能做匀速直线运动的是（）A． B． C． D．【考点】：带电粒子在混合场中的运动；平行通电直导线间的作用．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：当带电粒子所受的合力为零时才能做匀速直线运动，分析粒子的受力情况，从而作出判断．【解析】：解：A、根据安培定则判断知虚线上合磁场的方向沿虚线方向向右，与带电粒子的速度方向平行，所以带电粒子不受洛伦兹力，因而带电粒子做匀速直线运动，故A正确．B、根据等量同种电荷的电场线分布可知电场线与虚线重合，带电粒子所受的电场力与其速度平行，粒子做变速直线运动，故B错误．C、由安培定则知圆环线圈产生的磁场与虚线重合，与带电粒子的速度方向平行，所以带电粒子不受洛伦兹力，带电粒子能做匀速直线运动，故C正确．D、若粒子带正电，粒子所受的电场力向上，由左手定则判断知洛伦兹力方向向下，能与电场力平衡，则带电粒子能做匀速直线运动．故D正确．本题选不可能做匀速直线运动的，故选：B．【点评】：本题要紧扣匀速直线运动的条件：合力为零，掌握电场线和磁感线的分布情况，结合安培定则和左手定进行判断．4．（6分）（2015•绵阳模拟）静电计是在验电器基础上制成，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间电势差大小．如图，A、B是平行板电容器的两个金属板，A板固定，手握B板的绝缘柄，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计G指针张开一定角度．则（）A．保持S闭合，只将A、B两板靠近些，G指针张角变小B．保持S闭合，只将变阻器滑动触头向左移动，G指针张角变大C．断开S后，只将A、B两板分开些，G指针张角变小D．断开S后，只在A、B两板间插入电介质，G指针张角变小【考点】：电容器的动态分析．【专题】：电容器专题．【分析】：静电计测量的是电容器两端的电势差，断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化．闭合电键，电容器两端的电势差等于电源的电动势．【解析】：解：A、B、保持开关闭合，电路稳定时电路中没有电流，则电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，不论A、B两板靠近些，还是将变阻器滑动触头向左移动，则静电计指针张角不变，故AB错误；C、断开电键，电容器的带电量Q不变，将A、B两极板分开一些，则d增大，根据C=，可知电容减小，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差增大，静电计指针张角增大，故C错误；D、断开电键，电容器带电量Q不变，在A、B插入一块电介质，则据C=，可知电容增大，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差减小，静电计指针张角减小，故D正确．故选：D．【点评】：本题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变，根据电容的决定式和定义式结合分析．5．（6分）（2015•绵阳模拟）假设月球是质量分布均匀的球体．已知月球半径为r，飞行器仅在月球万有引力作用下在月球表面附近绕月球表面飞行一周用时为t，可以认为月球不自转，引力常量为G．则可以计算（）A．月球的第一宇宙速度B．月球与地球之间的距离C．飞行器的质量D．飞行器静止在月球表面上时对月球表面的压力【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：飞行器贴近月球表面做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律和密度公式分析能否求出月球的质量和密度．根据月球对卫星的万有引力等于卫星的重力，得到月球表面的重力加速度．【解析】：解：A、月球上的第一宇宙速度是月球近表面运行的速度，所以月球上的第一宇宙速度v=，故A正确B、要求月球与地球之间的距离，由=须知月球转动的规律，故B错误；M=，即可求出月球的质量M，不能求出空间站m．C、空间站贴近月球表面做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，列出等式，其中空间站的质量消去，无法求解空间站的质量，故C错误D、由mg=，则月球表面的重力加速度g==，即可求出月球表面的重力加速度．不知道飞行器的质量，不能求月球表面的压力，故D错误．故选：A．【点评】：研究飞行器绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求解，注意公式的变形．6．（6分）（2015•绵阳模拟）如图所示，粗糙且绝缘的斜面体ABC在水平地面上始终静止．在斜面体AB边上靠近B点固定一点电荷，从A点无初速释放带负电且电荷量保持不变的小物块（视为质点），运动到P点时速度恰为零．则小物块从A到P运动的过程（）A．水平地面对斜面体没有静摩擦作用力B．小物块的电势能一直增大C．小物块所受到的合外力一直减小D．小物块损失的机械能大于增加的电势能【考点】：电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：对物体受力分析和运动过程的分析，通过受力分析判断出物体的各个力做功情况即可判断【解析】：解：A、对整体受力分析可知，带电物块在沿斜面运动过程中，受到库仑力、重力、垂直斜面的支持力，沿斜面向上的摩擦力，先作加速运动，后作减速运动，水平方向加速度大小先减小后增大，所以要受到地面的摩擦力，摩擦力大小先减小后反向增大．故A错误；B、有运动可知，B电荷带负电荷，A也带负电荷，故A在下滑的过程中，库仑力做负功，故物块的电势能增大，故B正确；C、物块A先加速后减速，加速度大小先减小后增大，故受到的合力先减小后增大，故C错误；D、由能量守恒可知带电物块损失的机械能大于它增加的电势能，是因为克服摩擦力做了功，也损失机械能，故D正确；故选：BD【点评】：本题主要考查了库伦力做功，抓住受力分析和运动过程分析及能量守恒即可7．（6分）（2015•绵阳模拟）如图所示，已知甲空间中没有电场、磁场；乙空间中有竖直向上的匀强电场；丙空间中有竖直向下的匀强电场；丁空间中有垂直纸面向里的匀强磁场．四个图中的斜面相同且绝缘，相同的带负电小球从斜面上的同一点O以相同初速度v0同时沿水平方向抛出，分别落在甲、乙、丙、丁图中斜面上A、B、C、D点（图中未画出）．小球受到的电场力、洛伦兹力都始终小于重力，不计空气阻力．则（）A． O、C之间距离大于O、B之间距离B．小球从抛出到落在斜面上用时相等C．小球落到B点与C点速度大小相等D．从O到A与从O到D，合力对小球做功相同【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：根据带电小球受到重力，电场力及洛伦兹力，判定各自力的方向，结合牛顿第二定律，及平抛运动的规律，即可求解．【解析】：解：A、带电小球在乙图中受到竖直向下的电场力与重力，而在丙图中受到竖直向上的电场力与重力，根据类平抛运动规律，则有：，可知，当加速度越大时，所用时间越短，因此OB间距小于OC间距，故A正确；B、由题意可知，甲图带电小球做平抛运动，由A分析可知，运动的时间介于乙图与丙图之间，故B错误；C、根据A分析，则有，那么v y=at=2v0tanθ，则有它们的竖直方向的速度相等，根据矢量的合成法则，可得，小球落到B点与C点速度大小相等，故C正确；D、由于洛伦兹力作用下，则竖直方向的加速度小于g，则使得竖直方向的速度小于甲图的平抛竖直方向的速度，又因洛伦兹力不做功，则球从O到A重力做的功多于球从O到D做的功，因此合力对小球做功不同，故D错误；故选：AC．【点评】：考查平抛运动的规律，掌握牛顿第二定律的应用，理解左手定则的内容，注意乙图与丙图虽然加速度不同，但竖直方向的速度却相同，是解题的关键．同时掌握洛伦兹力不做功的特点．二、非选择题（共68分）8．（6分）（2015•绵阳模拟）用如图所示的装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F 与质量m、角速度ω和半径r之间的关系．两个变速轮塔通过皮带连接，转动手柄使长槽和短槽分别随变速轮塔匀速转动，槽内的钢球就做匀速圆周运动．横臂的挡板对钢球的压力提供向心力，钢球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个钢球所受向心力的比值．如图是探究过程中某次实验时装置的状态．①在研究向心力的大小F与质量m关系时，要保持 A 相同．A．ω和r B．ω和m C．m和r D．m和F②图中所示是在研究向心力的大小F与 C 的关系．A．质量m B．半径r C．角速度ω③若图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9，与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为 B ．A.1：3B.3：1C.1：9D.9：1．【考点】：决定向心力大小的因素．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：该实验采用控制变量法，F=mω2r图中抓住角速度不变、半径不变，研究向心力与质量的关系，根据向心力之比求出两球转动的角速度之比，结合v=rω，根据线速度大小相等求出与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比．【解析】：解：①在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时，需先控制某些量不变，研究另外两个物理量的关系，该方法为控制变量法．故选：A．②图中两球的质量相同，转动的半径相同，则研究的是向心力与角速度的关系．故选：C．③根据F=mω2r，两球的向心力之比为1：9，半径和质量相等，则转动的角速度之比为1：3，因为靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等，根据v=rω，知与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比为3：1．故选：B．故答案为：①A；②C；③B【点评】：本实验采用控制变量法，即要研究一个量与另外一个量的关系，需要控制其它量不变．知道靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等．9．（11分）（2015•绵阳模拟）学校实验室新进了一批低阻值的绕线电阻，已知绕线金属丝是某种合金丝，电阻率为ρ．要测算绕线金属丝长度，进行以下实验：（1）先用多用电表粗测金属丝的电阻．正确操作后转换开关的位置指示和表盘示数如图1所示，则金属丝的电阻约为9 Ω．（2）用螺旋测微器测金属丝的直径d．（3）在粗测的基础上精确测量绕线金属丝的阻值R．实验室提供的器材有：电流表A1（量程0～3A，内阻约为0.5Ω）电流表A2（量程0～0.6A，内阻约为3Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约3kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约18kΩ）定值电阻R0=3Ω滑动变阻器R1（总阻值5Ω）滑动变阻器R2（总阻值100Ω）电源（电动势E=6V，内阻约为1Ω）开关和导线若干．①还需要先利用实验室提供的器材较准确测量将选用的电流表的内阻．测量电路的一部分可选用图2电路中的 C ．②请在给出的器材中选出合理的器材，在图3虚线框内画出精确测量绕线金属丝阻值的完整电路（要求在图中标明选用的器材标号）．（4）绕线金属丝长度为．（用字母R、d、ρ和数学常数表示）．【考点】：测定金属的电阻率．【专题】：实验题．【分析】：欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．根据伏安法测电阻的原理与实验要求作出实验电路图．根据电阻定律，结合电阻率，即可求解．【解析】：解：（1）欧姆表使用“×1Ω”挡，由图1所示可知，金属丝电阻阻值为9×1Ω=9Ω．（3）①电压表选择0﹣3V，可知电阻丝两端的电压最大为3V，电阻丝的电阻大约为9Ω，最大电流大约为0.33A，可知电流表选择A2．用电压表直接测量电流表A2的内阻，电压表的量程偏大，当电压表示数适当时，会超过电流表量程，此时可以将电流表A2与定值电阻串联，定值电阻起分压作用，然后用电压表测量定值电阻和电流表A2的总电压，故选：C．②金属丝电阻约为9Ω，滑动变阻器最大阻值为5Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电流表内阻很小，约为零点几欧姆，电压表内阻很大，约为几千甚至几万欧姆，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：（4）根据电阻定律得，，则l=．故答案为：（1）9，（3）C，如图所示，（4）．．【点评】：伏安法测电阻时，如果待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值、如果电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法．10．（15分）（2015•绵阳模拟）绵阳规划建设一新机场，请你帮助设计飞机跑道．设计的飞机质量m=5×104kg，起飞速度是80m/s．（1）若起飞加速滑行过程中飞机发动机实际功率保持额定功率P=8000kW，飞机在起飞前瞬间加速度a1=0.4m/s2，求飞机在起飞前瞬间受到的阻力大小？（2）若飞机在起飞加速滑行过程中牵引力恒为F=8×104N，受到的平均阻力为f=2×104N．如果允许飞机在达到起飞速度的瞬间可能因故而停止起飞，立即关闭发动机后且能以大小为4m/s2的恒定加速度减速而停下，为确保飞机不滑出跑道，则跑道的长度至少多长？【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；动能定理．【专题】：功率的计算专题．【分析】：（1）根据P=Fv和牛顿第二定律列式解答；（2）机经历了匀加速直线运动和匀减速直线运动，根据运动速度位移公式求出匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移，两个位移之和即为跑道的最小长度．【解析】：解：（1）F===1×105N；牛顿第二定律得：F﹣f=ma；解得：f=F﹣ma=1×105﹣5×104×0.4=8×104N（2）飞机从静止开始做匀加速运动到到离开地面升空过程中滑行的距离为x1，牛顿第二定律得：a1==m/s2=1.2m/s2x1===m飞机匀减速直线运动的位移x2，x2==m=800m以跑道的至少长度x=x1+x2=800m+m=3467m答：（1）机在起飞前瞬间受到的阻力为8×104N；（2）为确保飞机不滑出跑道，则跑道的长度至少为3467m．【点评】：这题考的知识点是汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动．本题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值．11．（17分）（2015•绵阳模拟）如图甲所示，两条不光滑平行金属导轨倾斜固定放置，倾角θ=37°，间距d=1m，电阻r=2Ω的金属杆与导轨垂直连接，导轨下端接灯泡L，规格为“4V，4W”，在导轨内有宽为l、长为d的矩形区域abcd，矩形区域内有垂直导轨平面均匀分布的磁场，各点的磁感应强度B大小始终相等，B随时间t变化如图乙所示．在t=0时，金属杆从PQ位置静止释放，向下运动直到cd位置的过程中，灯泡一直处于正常发光状态．不计两导轨电阻，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．求：（1）金属杆的质量m；（2）0～3s内金属杆损失的机械能△E．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）由于金属杆从PQ位置静止释放，向下运动直到cd位置的过程中，灯泡一直处于正常发光状态，说明棒在PQ到ab的运动过程，B均匀增大，在从ab到cd的运动过程中做匀速运动，研究PQ到ab的过程，根据P=UI，求得通过小灯泡的电流强度，得到回路总的电功率，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律、匀速运动过程中功率关系列式，即可求得电流、电阻，摩擦力和l，再求得m；（2）由运动学公式求得两个过程的位移，根据能量守恒定律求解机械能的损失．【解析】：解：（1）设小灯泡额定功率为P=4W，额定电流为I，额定电压为 U=4V，正常发光时电阻为R，则P=UI，得 I==1AR==Ω=4Ω在0﹣1s时间内，金属杆从PQ运动到ab位置，设整个回路中的感应电动势为E，磁场宽度为l，则E=I（R+r）=1×（4+2）V=6V又 E==•dl，=2 T/s，d=1m可得 l=3m在t=1s金属棒进入磁场后，磁场的磁感应强度B保持不变，设金属杆进入磁场时速度为v，金属杆中的感应电动势为E1，则E1=E=Bdv设金属杆在运动过程中受到的摩擦力为 f，杆进入磁场前加速度为a，则 a=由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma进入磁场后杆匀速运动，设受到的安培力为F安，所以有：F安=BIdmgsinθ=f+F安；解得 v=3m/s，a=3m/s2，f=2N，F安=6N，m=0.67kg（2）设金属杆进入磁场前0﹣1s内的位移为x1，通过磁场的时间为t2，则x1=，t2=解得 x1=1.5m，t2=1s故在2s金属杆出磁场，设第3s内金属杆的位移为x3，3s末金属杆的速度为v3，则x3=vt3+v3=v+at3；0～3s内金属杆损失的机械能△E=mg（x1+l+x3）sinθ﹣解得 x3=4.5m，v3=6m/s，△E=24J答：（1）金属杆的质量是0.67kgm；（2）0～3s内金属杆损失的机械能△E是24J．【点评】：对于复杂的电磁感应问题，关键通过审题找到突破口，本题关键抓住灯泡的亮度不变，正确判断棒的运动情况，从力和能两个角度进行研究．力的角度关键要会推导安培力与速度的关系，能的角度关键分析能量是怎样转化的．12．（19分）（2015•绵阳模拟）如图所示，平面直角坐标系xOy，P点在x轴上，x p=2L，Q 点在负y轴上某处，第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，第Ⅱ象限内有一圈形区域与x、y 轴．分别相切于A、C两点，AO=L，第Ⅳ象限内有一未知的矩形区域（图中未画出），圆形区域和矩形区域内有相同的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面（图中为画出）．电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的粒子束a从A点沿y轴正方向发射，经过C点和P 点；电荷量为﹣q、质量为m、速率为v0的粒子b，从Q点向与y轴成45°夹角方向发射，经过并离开矩形区域后与离开P点的粒子束a相碰，相碰时粒子速度方向相反．不计粒子的重力和粒子间相互作用力．求：（1）圆形区域内磁场感应强度B的大小、方向；（2）第Ⅰ象限内匀强电场的场强大小E；（3）矩形区域的最小面积S．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）正粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，结合几何关系求解轨道半径，根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度；（2）粒子在电场中做类似平抛运动，根据类似平抛运动的分位移公式列式求解即可；（3）在矩形区域中运动的粒子的速度偏转角度为90°，画出轨迹，结合几何关系确定最小磁场面积．【解析】：解：（1）粒子电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的粒子束a从A点沿y轴正方向发射，经过C点，说明在A点时磁场力向右，根据左手定则，磁场方向垂直向外；画出从A到C的轨迹，如图所示：结合几何关系，有：r=L ①粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，故：qv0B=m②联立解得：B=方向垂直向外（2）粒子从C到P过程是类似平抛运动，根据分运动公式，有：2L=v0tL=其中：a=联立解得：E=（3）带负电荷的粒子在磁场中做匀速圆周运动，经过矩形区域后速度偏转角为90°，洛伦兹力提供向心力，故：解得：R=轨迹如图：磁场区域对应的最小宽度：b=R﹣R=磁场区域对应的最小长度：a=故最小面积为：答：（1）圆形区域内磁场感应强度B的大小为、方向垂直向外；（2）第Ⅰ象限内匀强电场的场强大小E为；（3）矩形区域的最小面积为．【点评】：本题关键是明确粒子的运动规律、画出运动轨迹，然后结合牛顿第二定律、类似平抛运动的分位移公式和几何关系列式求解，不难．。
绵阳市高中2015级第二学年末教学质量测试物理试题(含答案)
三．本大题4小题。共14分。每空2分。
19．10，20；
20.50，8×10-6；
21．λ1λ2/（λ1-λ2）；
22．1︰10；235︰11。
四．本大题2小题。共10分。每空2分，
23. (1)AD；(2) 或
24.（1）A；（2）19.3, 6×1
解得fm=0.96 N（1分）
方向水平向左。（1分）
（3）设ab棒由静止开始运动到最大速度，下落高度为h，经过的时间为t，abdc区域内磁通量变化为 ，平均感应电动势为E1，平均电流强度为I1，ab棒和dc棒产生的总热量为Q，则
， （1分）
， （1分）
联立解得 ，代入数据有h=3 m。
五．本大题2小题，共22分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。
25.（10分）解：
（1）设A与B碰撞前速度为vA，则
（2分）
（2分）
解得vA=20m/s，vAB=12m/s（1分）
（2）A与B从小车的左端离开小车，则A与B滑到小车C最高点时，竖直速度为零，A、B、C在水平方向速度相等，设为v共，此时右端高度h为最小值，则
（2分）
（2分）
解得v共=10 m/s，h=1.2 m（1分）
26.（12分）解：
（1）ab达到最大速度时，ab处于平衡状态，设ab中感应电动势为E，感应电流为I，受到的安培力为F，则
， （1分）
， （1分）
解得E=6 V；B=1T（1分）
（2）ab棒速度逐渐增大，速度最大时，cd棒受到安培力最大，设为Fm，cd棒受到静摩擦力达到最大，设为fm，则
（1分）
（1分）
2020届四川省绵阳市2017级高三上学期二诊考试理科综合物理试卷及解析
2020届四川省绵阳市2017级高三上学期二诊考试理科综合物理试卷★祝考试顺利★(解析版)二、选择题：本题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
1.关于安培力和洛伦兹力,下列说法正确的是（）A. 运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力作用B. 通电导线在磁场中一定受到安培力作用C. 洛伦兹力一定对运动电荷不做功D. 安培力一定对通电导线不做功【答案】C【详解】A．运动电荷在磁场中运动,若速度方向与磁场方向平行,则不受洛伦兹力作用,选项A 错误；B．通电导线在磁场中,若电流方向与磁场方向平行,则不受安培力作用,选项B错误；C．由于洛伦兹力方向垂直于运动电荷的速度方向,根据功的定义可知,洛伦兹力对运动电荷不做功,选项C正确；D．安培力方向与通电导线垂直,可以对通电导线做功,从而把电能转化为机械能,选项D错误。
故选C。
v沿斜面向上运动,又返回底端。
能够描述物块速度2.一物块在固定的粗糙斜面底端以初速度v随时间t变化关系的图像是（）A. B.C. D.【答案】C【详解】根据牛顿第二定律：上滑过程：mgsinθ+μmgcosθ=ma 1,下滑过程：mgsinθ-μmgcosθ=ma 2,比较可知：a 1＞a 2,则物块上滑过程v -t 图象的斜率比下滑过程的大。
由速度-时间公式得：上滑过程有 v 0=a 1t 0,下滑过程有 v 0=a 2t 1,可得 ： t 1＞t 0,故C 正确,ABD 错误。
故选C 。
3.质量为m 的篮球从某一高处从静止下落,经过时间1t 与地面接触,经过时间2t 弹离地面,经过时间3t 达到最高点。
重力加速度为g ,忽略空气阻力。
地面对篮球作用力冲量大小为（ ）A. 123++mgt mgt mgtB. 123+-mgt mgt mgtC. 123-+mgt mgt mgtD. 123--mgt mgt mgt 【答案】A 【详解】选向下为正,运动全程由动量定理得：mg （t 1+t 2+t 3）+I 地=0,则有：I 地=-（mgt l +mgt 2十mgt 3）,负号表方向。
【精品】2017年四川省宜宾市高考物理二诊试卷含答案
2017年四川省宜宾市高考物理二诊试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．（6分）有关原子结构和原子核的认识，下列说法正确的是（）A．居里夫人最先发现天然放射现象B．伦琴射线的发现揭示了原子具有核式结构C．在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关D．在衰变方程Pu→X+He+γ中，X原子核的质量数是2342．（6分）如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的轻质定滑轮与容器a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，在a中缓慢注入沙子的过程中，a、b、c均一直处于静止状态，下列说法正确的是（）A．绳子的拉力保持不变B．b对c的摩擦力一直变大C．绳对滑轮的作用力方向始终不变D．地面对c的支持力始终不变3．（6分）如图所示，a为放在地球赤道上随地球一起转动的物体，b为处于地球表面附近的卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，若a、b、c、d的质量相同，地球表面附近的重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．b卫星转动的线速度大于7.9km/sB．a、b、c、d的周期大小关系为T a＜T b＜T c＜T dC．a和b的向心加速度都等于重力加速度gD．在b、c、d中，b的动能最大，d的机械能最大4．（6分）理想变压器连接电路如图所示，已知原、副线圈匝数比为2：1，原线圈两端接入一电压u=220sin100πt（V）的交流电源，各个电表均为理想交流电表，则（）A．通过可变电阻R的交变电流频率为100HzB．电压表的示数为155VC．当滑动变阻器R的滑片往上滑时，电压表的示数增大D．当滑动变阻器R接入电路的阻值为110Ω时，电流表的示数为0.5A5．（6分）如图甲所示，倾角θ=30°的光滑斜面固定在水平面上，自然伸长的轻质弹簧一端固定在斜面底端的挡板上，一质量为m的小球，从离弹簧上端一定距离的位置静止释放，接触弹簧后继续向下运动，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的平滑曲线，BC是平滑曲线，不考虑空气阻力，重力加速度为g，关于小球的运动过程，下列说法正确的是（）A．小球在t B时刻所受弹簧弹力大于mgB．小球在t C时刻的加速度大于gC．小球从t C时刻所在的位置有静止释放后，不能回到出发点D．小球从t A时刻到t C时刻的过程中重力势能的减小量等于弹簧弹性势能的增加量6．（6分）如图所示，表面粗糙质量M=2kg的木板，t=0时在水平恒力F的作用下从静止开始沿水平面向右做匀加速直线运动，加速度a=2.5m/s2，t=0.5s时，将一个质量m=1kg的小铁块（可视为质点）无初速地放在木板最右端，铁块从木板上掉下时速度是木板速度的一半，已知铁块和木板之间的动摩擦因数μ1=0.1，木板和地面之间的动摩擦因数μ2=0.25，g=10m/s2，则（）A．水平恒力F的大小为10NB．铁块放上木板后，木板的加速度为2m/s2C．铁块在木板上运动的时间为1sD．木板的长度为1.625m7．（6分）如图所示，两根足够长光滑平行金属导轨间距l=0.9m，与水平面夹角θ=30°，正方形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度B=2T，方向垂直与斜面向上，甲、乙是两根质量相同、电阻均为R=4.86Ω的金属杆，垂直于导轨放置，甲置于磁场的上边界ab处，乙置于甲上方l处，现将两金属杆由静止同时释放，并立即在甲上施加一个沿导轨方向的拉力F，甲始终以a=5m/s2的加速度沿导轨匀加速运动，乙进入磁场时恰好做匀速运动，g=10m/s2，则（）A．甲穿过磁场过程中拉力F不变B．每根金属杆的质量为0.2kgC．乙穿过磁场过程只能怪安培力的功率是2WD．乙穿过磁场过程中，通过整个回路的电荷量为C8．（6分）如图甲所示，真空中水平放置两块长度为2d的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图乙所示最大值为U0的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A，自t=0时刻开始连续释放初速度大小为v0，方向平行于金属板的相同带电粒子，t=0时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场，已知电场变化周期T=，粒子质量为m，不计粒子重力及相互间的作用力，则（）A．在t=0时刻进入的粒子离开电场时速度大小仍为v0B．粒子的电荷量为C．在t=T时刻进入的粒子离开电场时电势能减少了mv02D．在t=T时刻进入的粒子刚好从P板右侧边缘离开电场二、解答题（共4小题，满分47分）9．（6分）某同学设计了如图甲所示的实验装置来验证“动能定理”，一个电磁铁吸住一个小钢球，将电磁铁断电后，小钢球由静止开始向下加速运动，小钢球经过光电门，计时装置记录小钢球通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t1和t2，用刻度尺测得两光电门中心之间的距离为h，已知当地重力加速度为g（1）该同学用游标卡尺测量了小钢球的直径，结果如图乙所示，小钢球的直径d=cm（2）小钢球通过光电门1时的速度大小为（3）若上述测量的物理量满足关系式，则动能定理得以验证．（2、3问用所测物理量的字母表示．10．（9分）某同学利用图甲电路测量自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动，实验器材还有：电源（电动势约为2V，内阻不可忽略）两个完全相同的电流表A1、A2（量程为3mA，内阻不计）电阻箱R（最大阻值9999Ω）定值电阻R0（可供选择的阻值由100Ω、1kΩ、10kΩ）开关S，导线若干，刻度尺．实验步骤如下：A．测得圆柱形玻璃管内径d=20mmB．向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度LC．连接好电路，闭合开关S，调整电阻箱阻值，读出电流表A1、A2示数分别记为I1、I2，记录电阻箱的阻值RD．该表玻璃管内水柱长度，多次重复实验步骤B、C，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值RE．断开S，整理好器材（1）为了较好的完成该实验，定值电阻R0应选（2）玻璃管内水柱的电阻R x的表达式R x=（用R0、R、I1、I2表示）（3）若在上述步骤C中每次调整电阻箱阻值，使电流表A1、A2示数均相等，利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图乙所示的R ﹣L关系图象，则自来水的电阻率ρ=Ωm（保留两位有效数字），在用本实验方法测电阻率实验中，若电流表内阻不能忽略，则自来水电阻率测量值与上述测量值相比将（选填“偏大”、“不变”或“偏小”）11．（12分）如图所示，在粗糙水平面上A点固定一半径R=0.2m的竖直光滑圆弧轨道，底端有一小孔，在水平面上距A点s=1m的B点正上方O处，用长为L=0.9m的轻绳悬挂一质量M=0.1kg的小球甲，现将小球甲拉至图中C位置，绳与竖直方向夹角θ=60°，静止释放小球甲，摆到最低点B点时与另一质量m=0.05kg 的静止小滑块乙（可视为质点）发生完全弹性碰撞，碰后小滑块乙在水平面上运动到A点，并无碰撞地经过小孔进入圆弧轨道，当小滑块乙进入圆轨道后立即关闭小孔，g=10m/s2（1）求甲、乙碰前瞬间小球甲的速度大小（2）若小滑块乙进入圆轨道后的运动过程中恰好不脱离圆弧轨道，求小滑块乙与水平面的动摩擦因数μ12．（20分）如图所示，竖直平面内的直角坐标系xoy中，在x＜0的区域内存在竖直方向的匀强电场（图中未画出），第三象限内平行于y轴的虚线左侧区域Ⅰ中还存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场，有一长为8.5L的绝缘粗糙直杆沿与x 轴正方向成θ=37°固定放置，其PQ段中点恰好与坐标原点O重合，端点Q在区域Ⅰ的边界上，质量为m、电荷量为q（q＞0）的小球（可视为质点）穿在直杆上，小球可在杆上只有滑动，将小球从P点静止释放，小球沿杆运动，随后从Q 端离开直杆进入区域Ⅰ，小球在区域Ⅰ中恰好做匀速圆周运动，一段时间后垂直穿过x轴，已知PQ段长度为L，小球和杆之间的动摩擦因数μ=0.5，整个过程中小球所带电荷量不变，重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求（1）场强的大小及方向（2）磁感应强度的大小（3）若改变小球在直杆上静止释放的位置，求小球从Q点经磁场偏转后直接到达x轴的时间．[物理-选修3-3]13．（5分）下列说法正确的是（）A．不可能使热量从低温物体传向高温物体B．外界对物体做功，物体内能可能减少C．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子间斥力大于引力的缘故D．当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大E．一定质量的理想气体压强增大，其分子的平均动能可能减小14．（10分）如图所示为一竖直放置、上粗下细且上端开口的薄壁玻璃管，上部和下部的横截面积之比为2：1，上管足够长，下管长度l=34cm．在管内用长度h=4cm的水银封闭一定质量的理想气体，气柱长度l1=20cm．大气压强P0=76cmHg，气体初始温度为T1=300K．①若缓慢升高气体温度，使水银上端面到达粗管和细管交界处，求此时的温度T2；②继续缓慢升高温度至水银恰好全部进入粗管，求此时的温度T3．[物理-选修3-4]15．一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到P点，t+0.6s时刻的波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则以下说法正确的是（）A．这列波的波速可能为50m/sB．质点a在这段时间内通过的路程一定小于30cmC．若有另一周期为0.16s的简谐横波与此波相遇，能产生稳定的干涉现象D．若T=0.8s，当t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同E．若T=0.8s，从t+0.4s时刻开始计时，质点c的振动方程为y=0.1sin（πt）cm 16．如图所示，上下表面平行的玻璃砖折射率n=，下表面涂有反射物质，一束单色光射到玻璃砖上表面，入射方向与界面的夹角θ=30°，结果在玻璃砖右边竖直光屏上出现相距h=4.0cm的光点A和B（图中未画出A、B），求玻璃砖的厚度．2017年四川省宜宾市高考物理二诊试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．（6分）有关原子结构和原子核的认识，下列说法正确的是（）A．居里夫人最先发现天然放射现象B．伦琴射线的发现揭示了原子具有核式结构C．在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关D．在衰变方程Pu→X+He+γ中，X原子核的质量数是234【解答】解：A、贝克勒尔最先发现天然放射现象．故A错误；B、α粒子的散射实验揭示了原子具有核式结构．故B错误；C、根据光电效应方程E km=hγ﹣W可知，在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关．故C正确；D、根据质量数守恒可得，X的质量数：A=239﹣4=235，即在衰变方程Pu→X+He+γ中，X原子核的质量数是235．故D错误故选：C2．（6分）如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的轻质定滑轮与容器a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，在a中缓慢注入沙子的过程中，a、b、c均一直处于静止状态，下列说法正确的是（）A．绳子的拉力保持不变B．b对c的摩擦力一直变大C．绳对滑轮的作用力方向始终不变D．地面对c的支持力始终不变【解答】解：A、对a分析可知，a的重力增大，因a的重力与绳子的拉力平衡，故绳子的拉力增大，故A错误；B、设a、b的重力分别为G a、G b．若开始时G a=G b sinθ，b受到c的摩擦力为零；若G a≠G b sinθ，b受到c的摩擦力不为零：若G a＜G b sinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向上；若G a＞G b sinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向下；如果G a＜G b sinθ，则再继续增加沙子时，摩擦力要减小，故B错误；C、由于绳子上的拉力始终相等并且两边绳子上的夹角不变，故绳对滑轮的作用力方向始终不变，一直沿两绳子的角平分线上，故C正确．D、对b分析可知，由于b的重力不变，b对斜面的压力不变，但摩擦力在发生变化，所以b受c的作用力变化，则由牛顿第三定律可知，b对c的作用力变化，故地面对c的支持力在发生变化，故D错误．故选：C．3．（6分）如图所示，a为放在地球赤道上随地球一起转动的物体，b为处于地球表面附近的卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，若a、b、c、d的质量相同，地球表面附近的重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．b卫星转动的线速度大于7.9km/sB．a、b、c、d的周期大小关系为T a＜T b＜T c＜T dC．a和b的向心加速度都等于重力加速度gD．在b、c、d中，b的动能最大，d的机械能最大【解答】解：A、7.9km/s是第一宇宙速度，是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度，所以b卫星转动的线速度小于7.9km/s，故A错误．B、对于b、c、d三颗卫星，由开普勒第三定律=k，知T b＜T c＜T d．地球同步卫星的周期与地球自转周期相同，则有T a=T c．因此有T b＜T a=T c＜T d．故B错误．C、b卫星由重力提供向心力，其向心加速度等于重力加速度g．而a由重力和支持力的合力提供向心力，则a的向心加速度小于重力加速度g．故C错误．D、对于b、c、d三颗卫星，根据万有引力提供圆周运动向心力，有：G=m得v=卫星的动能为E k==，所以b的动能最大．若要将卫星的轨道半径增大，卫星必须加速，机械能增大，所以d的机械能最大，故D正确．故选：D4．（6分）理想变压器连接电路如图所示，已知原、副线圈匝数比为2：1，原线圈两端接入一电压u=220sin100πt（V）的交流电源，各个电表均为理想交流电表，则（）A．通过可变电阻R的交变电流频率为100HzB．电压表的示数为155VC．当滑动变阻器R的滑片往上滑时，电压表的示数增大D．当滑动变阻器R接入电路的阻值为110Ω时，电流表的示数为0.5A【解答】解：A、由电压公式知角速度ω=100π，由ω=2πf得，变压器不改变交流电的频率，所以通过可变电阻R的交流电的频率为50Hz，故A 错误；B、原线圈两端的电压，根据电压与匝数成正比，有，得，所以电压表的示数为110V，故B错误；C、因为原线圈电压及匝数比不变，可知副线圈两端的电压不变，电压表的示数不变，故C错误；D、当滑动变阻器的阻值为110Ω时，副线圈电流根据电流与匝数成反比，有，得，即电流表示数为0.5A，故D正确；故选：D5．（6分）如图甲所示，倾角θ=30°的光滑斜面固定在水平面上，自然伸长的轻质弹簧一端固定在斜面底端的挡板上，一质量为m的小球，从离弹簧上端一定距离的位置静止释放，接触弹簧后继续向下运动，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的平滑曲线，BC是平滑曲线，不考虑空气阻力，重力加速度为g，关于小球的运动过程，下列说法正确的是（）A．小球在t B时刻所受弹簧弹力大于mgB．小球在t C时刻的加速度大于gC．小球从t C时刻所在的位置有静止释放后，不能回到出发点D．小球从t A时刻到t C时刻的过程中重力势能的减小量等于弹簧弹性势能的增加量【解答】解：A、小球在t B时刻速度达到最大，此时弹簧的弹力等于重力沿斜面的分力，则，故A错误；B、在乙图中，关于A点对称的点可知，此时弹簧的弹力为0.5mg，由对称性得由对称轴到对称点的弹簧的弹力再变化0.5mg，故到达C点时弹簧的弹力大于2×0.5mg=mg，所以弹力大于mg，根据牛顿第二定律可知F﹣mgsinθ=ma，解得弹，故B正确；C、整个过程中，乙弹簧和小球组成的系统，机械能守恒，故从C点释放，小球能到达原来的释放点，故C错误；D、小球从t A时刻到t C时刻的过程中，系统机械能守恒，则W势﹣W弹=0﹣E k，故W势=W弹+E k，故重力势能的减小量小于弹簧弹性势能的增加量，故D错误故选：B6．（6分）如图所示，表面粗糙质量M=2kg的木板，t=0时在水平恒力F的作用下从静止开始沿水平面向右做匀加速直线运动，加速度a=2.5m/s2，t=0.5s时，将一个质量m=1kg的小铁块（可视为质点）无初速地放在木板最右端，铁块从木板上掉下时速度是木板速度的一半，已知铁块和木板之间的动摩擦因数μ1=0.1，木板和地面之间的动摩擦因数μ2=0.25，g=10m/s2，则（）A．水平恒力F的大小为10NB．铁块放上木板后，木板的加速度为2m/s2C．铁块在木板上运动的时间为1sD．木板的长度为1.625m【解答】解：A、开始时木板在水平方向受到拉力与摩擦力，加速度为2.5m/s2由牛顿第二定律可得：F=Ma+μ2Mg=2×2.5+0.25×2×10=10N．故A正确；B、铁块放上木板后，木板在水平方向受到拉力、地面的摩擦力以及铁块对木板的摩擦力，由牛顿第二定律可得：Ma′=F﹣μ2（M+m）g﹣μ1mg代入数据解得：a′=0.75m/s2故B错误；C、小铁块（可视为质点）无初速地放在木板最右端时木板的速度：v=at=2.5×0.5=1.25m/s铁块的加速度为：a″=μ1g=0.1×10=1 m/s2当铁块从木板上掉下时速度是木板速度的一半；设木块加速到木板的速度时所用的时间为t′，则：0.5（v+a′t′）=a″t′代入数据得：t′=1s．故C正确D、这段时间内铁块相对于木板滑动的距离为：L=代入数据得：L=1.125m．故D错误．故选：AC7．（6分）如图所示，两根足够长光滑平行金属导轨间距l=0.9m，与水平面夹角θ=30°，正方形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度B=2T，方向垂直与斜面向上，甲、乙是两根质量相同、电阻均为R=4.86Ω的金属杆，垂直于导轨放置，甲置于磁场的上边界ab处，乙置于甲上方l处，现将两金属杆由静止同时释放，并立即在甲上施加一个沿导轨方向的拉力F，甲始终以a=5m/s2的加速度沿导轨匀加速运动，乙进入磁场时恰好做匀速运动，g=10m/s2，则（）A．甲穿过磁场过程中拉力F不变B．每根金属杆的质量为0.2kgC．乙穿过磁场过程只能怪安培力的功率是2WD．乙穿过磁场过程中，通过整个回路的电荷量为C【解答】解：A、甲在磁场中受到的安培力：F B=BIl=，由牛顿第二定律得：F+mgsinθ﹣=ma，甲做匀加速直线运动，v逐渐变大，则拉力F逐渐变大，故A错误；B、乙进入磁场前做初速度为零的匀加速直线运动，加速度：a==gsinθ=10×sin30°=5m/s2，乙进入磁场时的速度：v===3m/s，乙进入磁场后做匀速直线运动，由平衡条件得：mgsinθ=，解得：m=0.2kg，故B正确；C、乙穿过磁场过程安培力的功率：P=F B v===3W，故C错误；D、乙穿过磁场过程通过整个回路的电荷量：q=It=×===C，故D正确；故选：BD．8．（6分）如图甲所示，真空中水平放置两块长度为2d的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图乙所示最大值为U0的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A，自t=0时刻开始连续释放初速度大小为v0，方向平行于金属板的相同带电粒子，t=0时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场，已知电场变化周期T=，粒子质量为m，不计粒子重力及相互间的作用力，则（）A．在t=0时刻进入的粒子离开电场时速度大小仍为v0B．粒子的电荷量为C．在t=T时刻进入的粒子离开电场时电势能减少了mv02D．在t=T时刻进入的粒子刚好从P板右侧边缘离开电场【解答】解：A、粒子进入电场后，水平方向做匀速运动，则t=0时刻进入电场的粒子在电场中运动时间，此时间正好是交变电场的一个周期；粒子在竖直方向先做加速运动后做减速运动，经过一个周期，粒子的竖直速度为零，故粒子离开电场时的速度大小等于水平速度，故A正确；B、粒子在竖直方向，在时间内的位移为，则，解得，故B错误；C、t=时刻进入电场的粒子，离开电场时在竖直方向上的位移为d'=2×﹣2×==，故电场力做功为W===，故C错误；D、t=时刻进入的粒子，在竖直方向先向下加速运动，然后向下减速运动，再向上加速，向上减速，由对称可知，此时竖直方向的位移为零，故粒子从P板右侧边缘离开电场，故D正确；故选：AD二、解答题（共4小题，满分47分）9．（6分）某同学设计了如图甲所示的实验装置来验证“动能定理”，一个电磁铁吸住一个小钢球，将电磁铁断电后，小钢球由静止开始向下加速运动，小钢球经过光电门，计时装置记录小钢球通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t1和t2，用刻度尺测得两光电门中心之间的距离为h，已知当地重力加速度为g（1）该同学用游标卡尺测量了小钢球的直径，结果如图乙所示，小钢球的直径d=0.520cm（2）小钢球通过光电门1时的速度大小为（3）若上述测量的物理量满足关系式gh=（）2﹣（）2，则动能定理得以验证．（2、3问用所测物理量的字母表示．【解答】解：（1）由图示已被开除了可知，小球直径：d=5mm+4×0.05mm=5.20mm=0.520cm；（2）小钢球通过光电门1时的速度：v1=；（3）小钢球经过光电门2时的速度：v2=；小钢球从光电门1到光电门2过程，由动能定理可知：mgh=mv22﹣mv12，整理得：gh=（）2﹣（）2，如果gh=（）2﹣（）2，则可以验证动能定理；故答案为：（1）0.520；（2）；（3）gh=（）2﹣（）2．10．（9分）某同学利用图甲电路测量自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动，实验器材还有：电源（电动势约为2V，内阻不可忽略）两个完全相同的电流表A1、A2（量程为3mA，内阻不计）电阻箱R（最大阻值9999Ω）定值电阻R0（可供选择的阻值由100Ω、1kΩ、10kΩ）开关S，导线若干，刻度尺．实验步骤如下：A．测得圆柱形玻璃管内径d=20mmB．向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度LC．连接好电路，闭合开关S，调整电阻箱阻值，读出电流表A1、A2示数分别记为I1、I2，记录电阻箱的阻值RD．该表玻璃管内水柱长度，多次重复实验步骤B、C，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值RE．断开S，整理好器材（1）为了较好的完成该实验，定值电阻R0应选1000Ω（2）玻璃管内水柱的电阻R x的表达式R x=（用R0、R、I1、I2表示）（3）若在上述步骤C中每次调整电阻箱阻值，使电流表A1、A2示数均相等，利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图乙所示的R ﹣L关系图象，则自来水的电阻率ρ=16Ωm（保留两位有效数字），在用本实验方法测电阻率实验中，若电流表内阻不能忽略，则自来水电阻率测量值与上述测量值相比将不变（选填“偏大”、“不变”或“偏小”）【解答】解：（1）定值电阻所在支路最小电阻约为：R1==≈666.67Ω，总已知：电阻箱R（最大阻值9999Ω），为测多组实验数据定值电阻R0应选1000Ω．（2）并联电路电压相等，则有：I1（R+R0）=I2R X则待测电阻阻值为：R X=．（3）由电阻定律可知：R X=ρ=ρ=ρ=，则有：R=L﹣R0由题意可知：电流表A1、A2示数I1、I2均相等，则有：R=﹣R0，由图示图象可知，图象斜率：k===5×104，电阻率为：ρ==≈16Ω•m；电流表内阻不能忽略，则有：R=L+r2﹣r1﹣R0，电阻率为：ρ=保持不变．故答案为：（1）1000Ω；（2）；（3）16，不变．11．（12分）如图所示，在粗糙水平面上A点固定一半径R=0.2m的竖直光滑圆弧轨道，底端有一小孔，在水平面上距A点s=1m的B点正上方O处，用长为L=0.9m的轻绳悬挂一质量M=0.1kg的小球甲，现将小球甲拉至图中C位置，绳与竖直方向夹角θ=60°，静止释放小球甲，摆到最低点B点时与另一质量m=0.05kg 的静止小滑块乙（可视为质点）发生完全弹性碰撞，碰后小滑块乙在水平面上运动到A点，并无碰撞地经过小孔进入圆弧轨道，当小滑块乙进入圆轨道后立即关闭小孔，g=10m/s2（1）求甲、乙碰前瞬间小球甲的速度大小（2）若小滑块乙进入圆轨道后的运动过程中恰好不脱离圆弧轨道，求小滑块乙与水平面的动摩擦因数μ【解答】解：（1）甲球在下摆过程中，根据机械能守恒定律得MgL（1﹣cos60°）=可得v0===3m/s（2）设甲乙碰撞后速度分别为v1和v2．取向右为正方向，由动量守恒定律得Mv0=Mv1+mv2．根据动能守恒得：=Mv12+mv22．联立解得v2=4m/s小滑块乙进入圆轨道后的运动过程中恰好不脱离圆弧轨道，有两种情况：第一种情况：乙刚好通过与圆心等高的位置，从B到圆心等高的位置，由动能定理有﹣μmgs﹣mgR=0﹣mv22．解得μ=0.6第二种情况：乙恰好通过圆轨道的最高点，则有mg=m从B点到圆周最高点的过程，由动能定理得；﹣μ′mgs﹣mg•2R=﹣mv22．解得μ′=0.3所以乙恰好不脱离圆弧轨道，小滑块乙与水平面的动摩擦因数μ是0.6或0.3．答：（1）甲、乙碰前瞬间小球甲的速度大小是3m/s．（2）若小滑块乙进入圆轨道后的运动过程中恰好不脱离圆弧轨道，小滑块乙与水平面的动摩擦因数μ是0.6或0.3．12．（20分）如图所示，竖直平面内的直角坐标系xoy中，在x＜0的区域内存在竖直方向的匀强电场（图中未画出），第三象限内平行于y轴的虚线左侧区域Ⅰ中还存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场，有一长为8.5L的绝缘粗糙直杆沿与x 轴正方向成θ=37°固定放置，其PQ段中点恰好与坐标原点O重合，端点Q在区域Ⅰ的边界上，质量为m、电荷量为q（q＞0）的小球（可视为质点）穿在直杆上，小球可在杆上只有滑动，将小球从P点静止释放，小球沿杆运动，随后从Q 端离开直杆进入区域Ⅰ，小球在区域Ⅰ中恰好做匀速圆周运动，一段时间后垂直穿过x轴，已知PQ段长度为L，小球和杆之间的动摩擦因数μ=0.5，整个过程中小球所带电荷量不变，重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求（1）场强的大小及方向（2）磁感应强度的大小（3）若改变小球在直杆上静止释放的位置，求小球从Q点经磁场偏转后直接到达x轴的时间．。
四川省绵阳市2015届高三物理二诊试题(含解析)
2015年四川省绵阳市高考物理二诊试卷一、选择题〔每题6分〕1．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕法拉第在同一软铁环上绕两个线圈，一个与电池相连，另一个与电流计相连，如此〔〕A．接通电池后，电流计指针一直保持偏转B．接通电池时，电流计指针没有偏转C．接通电池后再断开时，电流计指针没有偏转D．接通电池时，电流计指针偏转，但不久又回复到零【考点】：研究电磁感应现象．【分析】：根据感应电流产生的条件分析答题．【解析】：解：A、接通电池的瞬间穿过线圈的磁通量变化，产生感应电流，电流计指针偏转，过一段时间后磁通量不发生变化，没有感应电流，电流计指针不偏转，故AB错误，D正确；C、接通电池后再断开时的瞬间，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流计指针偏转，故C错误；应当选：D．【点评】：此题是一道根底题，知道感应电流产生的条件即可正确解题．2．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，质量为m的小球〔可视为质点〕用长为L的细线悬挂于O点，自由静止在A位置．现用水平力F缓慢地将小球从A拉到B位置而静止，细线与竖直方向夹角为θ=60°，此时细线的拉力为F1，然后放手让小球从静止返回，到A点时细线的拉力为F2，如此〔〕A． F1=F2=2mgB．从A到B，拉力F做功为F1LC．从B到A的过程中，小球受到的合外力大小不变D．从B到A的过程中，小球重力的瞬时功率一直增大【考点】：动能定理；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：功率的计算专题．【分析】：根据共点力平衡求出在B点的拉力，根据动能定理和牛顿第二定律求出小球在最低点的拉力，从而比拟两拉力的大小．对A到B过程运用动能定理，求出拉力F做功的大小．根据首末位置的重力功率，判断整个过程中的重力功率变化．【解析】：解：A、在B点，根据平衡有：F1sin30°=mg，解得F1=2mg．B到A，根据动能定理得，，根据牛顿第二定律得，，联立两式解得F2=2mg，故A正确．B、从A到B，小球缓慢移动，根据动能定理得，W F﹣mgL〔1﹣cos60°〕=0，解得，故B错误．C、从B到A的过程中，小球的速度大小在变化，径向的合力在变化，故C错误．D、在B点，重力的功率为零，在最低点，重力的方向与速度方向垂直，重力的功率为零，可知从B到A的过程中，重力的功率先增大后减小，故D错误．应当选：A．【点评】：此题考查了平衡、牛顿第二定律、动能定理的综合运用，知道从A到B的过程中，拉力表示恒力，不能通过功的公式求解拉力做功的大小，需通过动能定理进展求解．3．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，一个不计重力的带电粒子以v0沿各图的虚线射入场中．A中I是两条垂直纸平面的长直导线中等大反向的电流，虚线是两条导线垂线的中垂线；B中+Q是两个位置固定的等量同种点电荷的电荷量，虚线是两位置连线的中垂线；C中I是圆环线圈中的电流，虚线过圆心且垂直圆环平面；D中是正交的匀强电场和匀强磁场，虚线垂直于电场和磁场方向，磁场方向垂直纸面向外．其中，带电粒子不可能做匀速直线运动的是〔〕A． B． C． D．【考点】：带电粒子在混合场中的运动；平行通电直导线间的作用．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：当带电粒子所受的合力为零时才能做匀速直线运动，分析粒子的受力情况，从而作出判断．【解析】：解：A、根据安培定如此判断知虚线上合磁场的方向沿虚线方向向右，与带电粒子的速度方向平行，所以带电粒子不受洛伦兹力，因而带电粒子做匀速直线运动，故A正确．B、根据等量同种电荷的电场线分布可知电场线与虚线重合，带电粒子所受的电场力与其速度平行，粒子做变速直线运动，故B错误．C、由安培定如此知圆环线圈产生的磁场与虚线重合，与带电粒子的速度方向平行，所以带电粒子不受洛伦兹力，带电粒子能做匀速直线运动，故C正确．D、假设粒子带正电，粒子所受的电场力向上，由左手定如此判断知洛伦兹力方向向下，能与电场力平衡，如此带电粒子能做匀速直线运动．故D正确．此题选不可能做匀速直线运动的，应当选：B．【点评】：此题要紧扣匀速直线运动的条件：合力为零，掌握电场线和磁感线的分布情况，结合安培定如此和左手定进展判断．4．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕静电计是在验电器根底上制成，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间电势差大小．如图，A、B是平行板电容器的两个金属板，A板固定，手握B板的绝缘柄，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计G指针张开一定角度．如此〔〕A．保持S闭合，只将A、B两板靠近些，G指针张角变小B．保持S闭合，只将变阻器滑动触头向左移动，G指针张角变大C．断开S后，只将A、B两板分开些，G指针张角变小D．断开S后，只在A、B两板间插入电介质，G指针张角变小【考点】：电容器的动态分析．【专题】：电容器专题．【分析】：静电计测量的是电容器两端的电势差，断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化．闭合电键，电容器两端的电势差等于电源的电动势．【解析】：解：A、B、保持开关闭合，电路稳定时电路中没有电流，如此电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，不论A、B两板靠近些，还是将变阻器滑动触头向左移动，如此静电计指针张角不变，故AB错误；C、断开电键，电容器的带电量Q不变，将A、B两极板分开一些，如此d增大，根据C=，可知电容减小，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差增大，静电计指针张角增大，故C错误；D、断开电键，电容器带电量Q不变，在A、B插入一块电介质，如此据C=，可知电容增大，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差减小，静电计指针张角减小，故D正确．应当选：D．【点评】：此题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变，根据电容的决定式和定义式结合分析．5．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕假设月球是质量分布均匀的球体．月球半径为r，飞行器仅在月球万有引力作用下在月球外表附近绕月球外表飞行一周用时为t，可以认为月球不自转，引力常量为G．如此可以计算〔〕A．月球的第一宇宙速度B．月球与地球之间的距离C．飞行器的质量D．飞行器静止在月球外表上时对月球外表的压力【考点】：万有引力定律与其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：飞行器贴近月球外表做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律和密度公式分析能否求出月球的质量和密度．根据月球对卫星的万有引力等于卫星的重力，得到月球外表的重力加速度．【解析】：解：A、月球上的第一宇宙速度是月球近外表运行的速度，所以月球上的第一宇宙速度v=，故A正确B、要求月球与地球之间的距离，由=须知月球转动的规律，故B错误；M=，即可求出月球的质量M，不能求出空间站m．C、空间站贴近月球外表做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，列出等式，其中空间站的质量消去，无法求解空间站的质量，故C错误D、由mg=，如此月球外表的重力加速度g==，即可求出月球外表的重力加速度．不知道飞行器的质量，不能求月球外表的压力，故D错误．应当选：A．【点评】：研究飞行器绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求解，注意公式的变形．6．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，粗糙且绝缘的斜面体ABC在水平地面上始终静止．在斜面体AB边上靠近B点固定一点电荷，从A点无初速释放带负电且电荷量保持不变的小物块〔视为质点〕，运动到P点时速度恰为零．如此小物块从A到P运动的过程〔〕A．水平地面对斜面体没有静摩擦作用力B．小物块的电势能一直增大C．小物块所受到的合外力一直减小D．小物块损失的机械能大于增加的电势能【考点】：电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：对物体受力分析和运动过程的分析，通过受力分析判断出物体的各个力做功情况即可判断【解析】：解：A、对整体受力分析可知，带电物块在沿斜面运动过程中，受到库仑力、重力、垂直斜面的支持力，沿斜面向上的摩擦力，先作加速运动，后作减速运动，水平方向加速度大小先减小后增大，所以要受到地面的摩擦力，摩擦力大小先减小后反向增大．故A错误；B、有运动可知，B电荷带负电荷，A也带负电荷，故A在下滑的过程中，库仑力做负功，故物块的电势能增大，故B正确；C、物块A先加速后减速，加速度大小先减小后增大，故受到的合力先减小后增大，故C错误；D、由能量守恒可知带电物块损失的机械能大于它增加的电势能，是因为抑制摩擦力做了功，也损失机械能，故D正确；应当选：BD【点评】：此题主要考查了库伦力做功，抓住受力分析和运动过程分析与能量守恒即可7．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，甲空间中没有电场、磁场；乙空间中有竖直向上的匀强电场；丙空间中有竖直向下的匀强电场；丁空间中有垂直纸面向里的匀强磁场．四个图中的斜面一样且绝缘，一样的带负电小球从斜面上的同一点O以一样初速度v0同时沿水平方向抛出，分别落在甲、乙、丙、丁图中斜面上A、B、C、D点〔图中未画出〕．小球受到的电场力、洛伦兹力都始终小于重力，不计空气阻力．如此〔〕A． O、C之间距离大于O、B之间距离B．小球从抛出到落在斜面上用时相等C．小球落到B点与C点速度大小相等D．从O到A与从O到D，合力对小球做功一样【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：根据带电小球受到重力，电场力与洛伦兹力，判定各自力的方向，结合牛顿第二定律，与平抛运动的规律，即可求解．【解析】：解：A、带电小球在乙图中受到竖直向下的电场力与重力，而在丙图中受到竖直向上的电场力与重力，根据类平抛运动规律，如此有：，可知，当加速度越大时，所用时间越短，因此OB间距小于OC间距，故A正确；B、由题意可知，甲图带电小球做平抛运动，由A分析可知，运动的时间介于乙图与丙图之间，故B错误；C、根据A分析，如此有，那么v y=at=2v0tanθ，如此有它们的竖直方向的速度相等，根据矢量的合成法如此，可得，小球落到B点与C点速度大小相等，故C正确；D、由于洛伦兹力作用下，如此竖直方向的加速度小于g，如此使得竖直方向的速度小于甲图的平抛竖直方向的速度，又因洛伦兹力不做功，如此球从O到A重力做的功多于球从O到D 做的功，因此合力对小球做功不同，故D错误；应当选：AC．【点评】：考查平抛运动的规律，掌握牛顿第二定律的应用，理解左手定如此的内容，注意乙图与丙图虽然加速度不同，但竖直方向的速度却一样，是解题的关键．同时掌握洛伦兹力不做功的特点．二、非选择题〔共68分〕8．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕用如下列图的装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F 与质量m、角速度ω和半径r之间的关系．两个变速轮塔通过皮带连接，转动手柄使长槽和短槽分别随变速轮塔匀速转动，槽内的钢球就做匀速圆周运动．横臂的挡板对钢球的压力提供向心力，钢球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个钢球所受向心力的比值．如图是探究过程中某次实验时装置的状态．①在研究向心力的大小F与质量m关系时，要保持 A 一样．A．ω和r B．ω和m C．m和r D．m和F②图中所示是在研究向心力的大小F与 C 的关系．A．质量m B．半径r C．角速度ω③假设图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9，与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为 B ．A.1：3B.3：1C.1：9D.9：1．【考点】：决定向心力大小的因素．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：该实验采用控制变量法，F=mω2r图中抓住角速度不变、半径不变，研究向心力与质量的关系，根据向心力之比求出两球转动的角速度之比，结合v=rω，根据线速度大小相等求出与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比．【解析】：解：①在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时，需先控制某些量不变，研究另外两个物理量的关系，该方法为控制变量法．应当选：A．②图中两球的质量一样，转动的半径一样，如此研究的是向心力与角速度的关系．应当选：C．③根据F=mω2r，两球的向心力之比为1：9，半径和质量相等，如此转动的角速度之比为1：3，因为靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等，根据v=rω，知与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比为3：1．应当选：B．故答案为：①A；②C；③B【点评】：本实验采用控制变量法，即要研究一个量与另外一个量的关系，需要控制其它量不变．知道靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等．9．〔11分〕〔2015•绵阳模拟〕学校实验室新进了一批低阻值的绕线电阻，绕线金属丝是某种合金丝，电阻率为ρ．要测算绕线金属丝长度，进展以下实验：〔1〕先用多用电表粗测金属丝的电阻．正确操作后转换开关的位置指示和表盘示数如图1所示，如此金属丝的电阻约为9 Ω．〔2〕用螺旋测微器测金属丝的直径d．〔3〕在粗测的根底上准确测量绕线金属丝的阻值R．实验室提供的器材有：电流表A1〔量程0～3A，内阻约为0.5Ω〕电流表A2〔量程0～0.6A，内阻约为3Ω〕电压表V1〔量程0～3V，内阻约3kΩ〕电压表V2〔量程0～15V，内阻约18kΩ〕定值电阻R0=3Ω滑动变阻器R1〔总阻值5Ω〕滑动变阻器R2〔总阻值100Ω〕电源〔电动势E=6V，内阻约为1Ω〕开关和导线假设干．①还需要先利用实验室提供的器材较准确测量将选用的电流表的内阻．测量电路的一局部可选用图2电路中的 C ．②请在给出的器材中选出合理的器材，在图3虚线框内画出准确测量绕线金属丝阻值的完整电路〔要求在图中标明选用的器材标号〕．〔4〕绕线金属丝长度为．〔用字母R、d、ρ和数学常数表示〕．【考点】：测定金属的电阻率．【专题】：实验题．【分析】：欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．根据伏安法测电阻的原理与实验要求作出实验电路图．根据电阻定律，结合电阻率，即可求解．【解析】：解：〔1〕欧姆表使用“×1Ω〞挡，由图1所示可知，金属丝电阻阻值为9×1Ω=9Ω．〔3〕①电压表选择0﹣3V，可知电阻丝两端的电压最大为3V，电阻丝的电阻大约为9Ω，最大电流大约为0.33A，可知电流表选择A2．用电压表直接测量电流表A2的内阻，电压表的量程偏大，当电压表示数适当时，会超过电流表量程，此时可以将电流表A2与定值电阻串联，定值电阻起分压作用，然后用电压表测量定值电阻和电流表A2的总电压，应当选：C．②金属丝电阻约为9Ω，滑动变阻器最大阻值为5Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电流表内阻很小，约为零点几欧姆，电压表内阻很大，约为几千甚至几万欧姆，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如下列图：〔4〕根据电阻定律得，，如此l=．故答案为：〔1〕9，〔3〕C，如下列图，〔4〕．．【点评】：伏安法测电阻时，如果待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值、如果电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法．10．〔15分〕〔2015•绵阳模拟〕绵阳规划建设一新机场，请你帮助设计飞机跑道．设计的飞机质量m=5×104kg，起飞速度是80m/s．〔1〕假设起飞加速滑行过程中飞机发动机实际功率保持额定功率P=8000kW，飞机在起飞前瞬间加速度a1=0.4m/s2，求飞机在起飞前瞬间受到的阻力大小？〔2〕假设飞机在起飞加速滑行过程中牵引力恒为F=8×104N，受到的平均阻力为f=2×104N．如果允许飞机在达到起飞速度的瞬间可能因故而停止起飞，立即关闭发动机后且能以大小为4m/s2的恒定加速度减速而停下，为确保飞机不滑出跑道，如此跑道的长度至少多长？【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；动能定理．【专题】：功率的计算专题．【分析】：〔1〕根据P=Fv和牛顿第二定律列式解答；〔2〕机经历了匀加速直线运动和匀减速直线运动，根据运动速度位移公式求出匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移，两个位移之和即为跑道的最小长度．【解析】：解：〔1〕F===1×105N；牛顿第二定律得：F﹣f=ma；解得：f=F﹣ma=1×105﹣5×104×0.4=8×104N〔2〕飞机从静止开始做匀加速运动到到离开地面升空过程中滑行的距离为x1，牛顿第二定律得：a1==m/s2=1.2m/s2x1===m飞机匀减速直线运动的位移x2，x2==m=800m以跑道的至少长度x=x1+x2=800m+m=3467m答：〔1〕机在起飞前瞬间受到的阻力为8×104N；〔2〕为确保飞机不滑出跑道，如此跑道的长度至少为3467m．【点评】：这题考的知识点是汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动．此题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值．11．〔17分〕〔2015•绵阳模拟〕如图甲所示，两条不光滑平行金属导轨倾斜固定放置，倾角θ=37°，间距d=1m，电阻r=2Ω的金属杆与导轨垂直连接，导轨下端接灯泡L，规格为“4V，4W〞，在导轨内有宽为l、长为d的矩形区域abcd，矩形区域内有垂直导轨平面均匀分布的磁场，各点的磁感应强度B大小始终相等，B随时间t变化如图乙所示．在t=0时，金属杆从PQ位置静止释放，向下运动直到cd位置的过程中，灯泡一直处于正常发光状态．不计两导轨电阻，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．求：〔1〕金属杆的质量m；〔2〕0～3s内金属杆损失的机械能△E．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：〔1〕由于金属杆从PQ位置静止释放，向下运动直到cd位置的过程中，灯泡一直处于正常发光状态，说明棒在PQ到ab的运动过程，B均匀增大，在从ab到cd的运动过程中做匀速运动，研究PQ到ab的过程，根据P=UI，求得通过小灯泡的电流强度，得到回路总的电功率，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律、匀速运动过程中功率关系列式，即可求得电流、电阻，摩擦力和l，再求得m；〔2〕由运动学公式求得两个过程的位移，根据能量守恒定律求解机械能的损失．【解析】：解：〔1〕设小灯泡额定功率为P=4W，额定电流为I，额定电压为 U=4V，正常发光时电阻为R，如此P=UI，得 I==1AR==Ω=4Ω在0﹣1s时间内，金属杆从PQ运动到ab位置，设整个回路中的感应电动势为E，磁场宽度为l，如此E=I〔R+r〕=1×〔4+2〕V=6V又 E==•dl，=2 T/s，d=1m可得 l=3m在t=1s金属棒进入磁场后，磁场的磁感应强度B保持不变，设金属杆进入磁场时速度为v，金属杆中的感应电动势为E1，如此E1=E=Bdv设金属杆在运动过程中受到的摩擦力为 f，杆进入磁场前加速度为a，如此 a=由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma进入磁场后杆匀速运动，设受到的安培力为F安，所以有：F安=BIdmgsinθ=f+F安；解得 v=3m/s，a=3m/s2，f=2N，F安=6N，m=0.67kg〔2〕设金属杆进入磁场前0﹣1s内的位移为x1，通过磁场的时间为t2，如此x1=，t2=解得 x1=1.5m，t2=1s故在2s金属杆出磁场，设第3s内金属杆的位移为x3，3s末金属杆的速度为v3，如此x3=vt3+v3=v+at3；0～3s内金属杆损失的机械能△E=mg〔x1+l+x3〕sinθ﹣解得 x3=4.5m，v3=6m/s，△E=24J答：〔1〕金属杆的质量是0.67kgm；〔2〕0～3s内金属杆损失的机械能△E是24J．【点评】：对于复杂的电磁感应问题，关键通过审题找到突破口，此题关键抓住灯泡的亮度不变，正确判断棒的运动情况，从力和能两个角度进展研究．力的角度关键要会推导安培力与速度的关系，能的角度关键分析能量是怎样转化的．12．〔19分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，平面直角坐标系xOy，P点在x轴上，x p=2L，Q 点在负y轴上某处，第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，第Ⅱ象限内有一圈形区域与x、y 轴．分别相切于A、C两点，AO=L，第Ⅳ象限内有一未知的矩形区域〔图中未画出〕，圆形区域和矩形区域内有一样的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面〔图中为画出〕．电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的粒子束a从A点沿y轴正方向发射，经过C点和P 点；电荷量为﹣q、质量为m、速率为v0的粒子b，从Q点向与y轴成45°夹角方向发射，经过并离开矩形区域后与离开P点的粒子束a相碰，相碰时粒子速度方向相反．不计粒子的重力和粒子间相互作用力．求：〔1〕圆形区域内磁场感应强度B的大小、方向；〔2〕第Ⅰ象限内匀强电场的场强大小E；〔3〕矩形区域的最小面积S．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：〔1〕正粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，结合几何关系求解轨道半径，根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度；〔2〕粒子在电场中做类似平抛运动，根据类似平抛运动的分位移公式列式求解即可；〔3〕在矩形区域中运动的粒子的速度偏转角度为90°，画出轨迹，结合几何关系确定最小磁场面积．【解析】：解：〔1〕粒子电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的粒子束a从A点沿y轴正方向发射，经过C点，说明在A点时磁场力向右，根据左手定如此，磁场方向垂直向外；画出从A到C的轨迹，如下列图：结合几何关系，有：r=L ①粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，故：qv0B=m②联立解得：B=方向垂直向外〔2〕粒子从C到P过程是类似平抛运动，根据分运动公式，有：2L=v0tL=其中：a=联立解得：E=〔3〕带负电荷的粒子在磁场中做匀速圆周运动，经过矩形区域后速度偏转角为90°，洛伦兹力提供向心力，故：解得：R=轨迹如图：磁场区域对应的最小宽度：b=R﹣R=磁场区域对应的最小长度：a=故最小面积为：答：〔1〕圆形区域内磁场感应强度B的大小为、方向垂直向外；〔2〕第Ⅰ象限内匀强电场的场强大小E为；〔3〕矩形区域的最小面积为．【点评】：此题关键是明确粒子的运动规律、画出运动轨迹，然后结合牛顿第二定律、类似平抛运动的分位移公式和几何关系列式求解，不难．。
绵阳市高中 级第二次诊断性考试 理综
3
绵阳市高中 2015 级第二次诊断性考试 理科综合能力测试·化学参考答案和评分标准
选择题： 7. C 8. A 9. B 10. B 11. C 12. D 13. A
非选择题 （一）必考题 26.（15 分）
（1）冷凝管（或球形冷凝管）（1 分） 2Na2O2＋2H2O==4NaOH＋O2↑（或 2H2O2=M==nO==2 2H2O＋O2↑） （2 分）
（1）赤霉素（1 分） （2）促进细胞伸长和分裂（答对一点给 1 分，共 2 分）
（3）相反（2 分） 4（2 分） BR 促进胚轴和主根的向性（弯曲）生长 （2 分）
32．（10 分）
（1）用纯合的截毛雌果蝇与刚毛雄果蝇杂交，观察并统计 F1 的表现型及比例。
如果子代雌雄果蝇都是刚毛，则 A、a 这对基因位于 X、Y 染色体的同源区段；
（2）压榨 （2 分）
水中蒸馏会导致原料焦糊和有效成分水解等问题
（2 分，答对一点给 1 分）
（3）具有较高的沸点、能够充分溶解胡萝卜素、不与水混溶 （3 分，答对一点给 1 分）
防止加热时有机溶剂挥发（2 分）
38.（15 分）
（1）B 淋巴 （2 分）
抗原 （2 分）
能产生抗体和无限增殖（2 分）
V2 V3 T2 T3
（2 分）
解得
h=22 cm
（2 分）
34．[物理选修 3—4]（15 分） （1）（5 分）BCE（选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个
扣 3 分，最低得分为 0 分）。
（2）（10 分）解：
（i）光路如图所示，E 是光线在 AB 边的射出点，设光线通过棱镜的速度为 v，则
四川省绵阳市高三物理第二次诊断性考试试题
v 0 I AB +Q +Q v 0C S 绵阳市高中2012级第二次诊断性考试理科综合·物理理科综合考试时间共150分钟，满分300分。
其中，物理110分，化学100分，生物90分。
物理试题卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷3至4页，共4页。
考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效。
考试结束后，将试卷交回。
第Ⅰ卷（选择题 共42分）注意事项：必须用2B 铅笔在答题卡上将所选答案对应的标号涂黑。
第Ⅰ卷共7题，每题6分。
在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分。
1. 法拉第在同一软铁环上绕两个线圈，一个与电池相连，另一个与电流计相连，则A. 接通电池后，电流计指针一直保持偏转B. 接通电池时，电流计指针没有偏转C. 接通电池后再断开时，电流计指针没有偏转D. 接通电池时，电流计指针偏转，但不久又回复到零2. 如图所示，质量为m 的小球（可视为质点）用长为L 的细线悬挂于O 点，自由静止在A 位置。
现用水平力F 缓慢地将小球从A 拉到B 位置而静止，细线与竖直方向夹角为θ=60°，此时细线的拉力为F 1，然后放手让小球从静止返回，到A 点时细线的拉力为F 2，则A. F 1＝F 2＝2mgB. 从A 到B ，拉力F 做功为F 1LC. 从B 到A 的过程中，小球受到的合外力大小不变D. 从B 到A 的过程中，小球重力的瞬时功率一直增大 3．如图所示，一个不计重力的带电粒子以v 0面的长直导线中等大反向的电流，虚线是两条导线垂线的中垂线；B 中＋Q 是两个位置固定的等量同种点电荷的电荷量，虚线是两位置连线的中垂线；C 中I 是圆环线圈中的电流，虚线过圆心且垂直圆环平面；D 中是正交的匀强电场和匀强磁场，虚线垂直于电场和磁场方向，磁场方向垂直纸面向外。
绵阳市高中2017级第二次诊断性考试
绵阳市高中2017 级第二次诊疗性考试语文一、现代文阅读（ 36 分）（一）阐述类文本阅读（此题共 3 小题， 9 分）阅读下边的文字，达成 1 一 3 题。
孝是最为重要且影响最深的中华传统道德观点。
在生活方式已发生排山倒海变化的今天，传统孝道仍旧拥有重要的社会作用。
可是，传统孝道精髓与糟粕并存，这需要我们在正确地批评剖析的基础上，推动其实现创建性转变和创新性发展。
要求子女在物质层面对父亲母亲尽奉养的义务，这是传统孝道最基本的规定。
但在儒家看来，仅做到这一点还不够，对父亲母亲的孝还一定要做到“敬” ，即对待父亲母亲应时辰保持恭顺的态度。
不论是物质方面的“养”，还是精神层面的“敬”，都以服从父亲母亲的意向为标准，但父亲母亲的意向未必正当，传统孝道的践行还应有更高层次的道德考量。
当父亲母亲的意向不正当时，要用平和的方式去劝谏父亲母亲，进而防止让父亲母亲陷于不义。
传统孝道不只表现于父亲母亲生前，还波及父亲母亲逝世此后。
孔子说：“生，事之以礼；死，葬之以礼，祭之以礼。
”子女不只在父母生前要对其以礼敬养，父亲母亲逝世后还要以礼埋葬、以礼祭祀。
生养、死葬、祭祀，在这三个环节都符合礼法的要求，才算是实现了圆满的孝道。
传统孝道的丰富内涵产生于古代宗法社会。
它是维系古代家庭、宗族与社会和睦的重要道德规范。
近现代以来，跟着社会构造与生活方式的巨大变化，传统孝道显得愈来愈不合时宜。
受古代专制等级制度的长久影响, 传统孝道被融入了大批保护专制、压迫人性的腐败因素。
这集中表现于“三纲”教条中的“父为子纲" ，并经过《二十四孝》等平常读物流传。
传统孝道的畸形化与父权的绝对化，阻挡了社会的发展。
近现代以来对传统孝道的批评，起到了削弱旧道德对国人的思想约束、促使社会发展的踊跃作用。
而对于传统孝道自己而言，这些批评本质上也有助于推动其在新的时代条件下实现创新与发展。
但也应当看到，在目前社会，传统孝道对于促使社会和睦依旧拥有特别重要的现实意义。
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2017年-2015级高三-绵阳二诊物理-试题及答案2017年绵阳市高2015级第二次诊断性考试 理科综合能力测试 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图所示，闭合开关S ，将滑动变阻器R 的滑片向右滑动的过程中A ．电流表A 1的示数变小B ．电流表A 2的示数变小C ．电压表V 的示数变小D ．电阻R 1的电功率变大15．在水平地面上，两个具有相同初动量而质量不同的物体在大小相等的阻力作用下最后停下来。
则质量大的物体A ．滑行的距离小B ．滑行的时间长C ．滑行过程中的加速度大D ．滑行过程中的动量变化快16．如图所示，长方形abcd 区域A 2A 1V R 2 R 1R S E ,r a b v 1 v 2 °距地面高度为h ，一条长为l （l ＜h ）的轻绳两端分别系小球A 和B ，小球A 在水平线OO ＇上，竖直向上的外力作用在A 上，A 和B都处于静止状态。
现从OO ＇上另一点静止释放小球1，当小球1下落至与小球B 等高位置时，从OO ＇上静止释放小球A 和小球2，小球2在小球1的正上方。
则A ．小球1将与小球B 同时落地 B ．h 越大，小球A 与小球B 的落地时间差越小C ．在小球B 下落过程中，轻绳对B 的拉力竖直向上D ．在小球1落地前，小球1与2之间的距离始终保持不变19．如图所示，一平行板电容器的电容为C ，带有等量异种电荷的两极板A 、B 倾斜放置，质量为m 带电荷量为－q 的油滴，从极板A上的小孔P 以初速度v 0水平向右射入极板间，经时间t 后油滴又从P 孔水平向左离开极板间，油滴运动过程中恰好未与极板B相碰，已知重力加速度g 。
则OO ＇ B 1 2 AA ．两极板间的距离20t d υ= B ．电容器所带的电荷量q Cm Q 220υ= C ．两极板间的电场强度大小qt m E 02υ= D ．两极板间的电场强度大小22024t g q m E υ+=20．如图所示，一光滑绝缘的斜面固定于水平面上，C 、D 是斜面上两个点，一带正电的点电荷+Q 固定在斜面下方P 点，P 、D连线垂直于斜面。
滑块A 、B 叠在一起，B 带负电，A 不带电，A 与B 间绝缘，从C 点由静止释放，下滑过程中，A 、B 始终保持相对静止。
则滑块A 、B 从C 到D 的过程中A ．在D 点，速度最大B ．加速度一定逐渐增大C ．滑块B 的电势能减小，机械能增加D ．滑块A 受到沿斜面向上的静摩擦力21．如图所示，空间中有斜向右下方与水平方向成θ角的匀强磁场，一绝缘竖直挡板MN 垂直于纸面所在的竖直平面，一根通有垂直纸面向外电流的水平金属杆，紧贴挡板上的O 点处于静止状态。
下列说法正确的是A BC DP +Q θ M N O B ABP v 0A．若挡板MN表面光滑，略减小金属杆中电流，金属杆可能仍然静止于O点B．若挡板MN表面光滑，略增大金属杆中电流，要保持金属杆仍然静止，可将挡板绕过O点垂直纸面的轴逆时针转动一定角度C．若挡板MN表面粗糙，略增大金属杆中电流，金属杆可能仍然静止，且金属杆所受的静摩擦力一定增大D．若挡板MN表面粗糙，略减小金属杆中电流，金属杆可能仍然静止，且金属杆所受的静摩擦力方向可能竖直向上第Ⅱ卷三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。
第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第33～38题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题（共129分）22．（6分）用如图所示的装置测滑块与木板间的动摩擦因数。
同种材料的薄木板A 、B 、C ，表面粗糙程度相同，将较长的木板B 放置于水平地面上，左端固定在竖直墙的O 点，木板A 倾斜固定在木板B 上，顶端靠墙，用一段圆弧状木板C 将A 、B 平滑连接。
将滑块P 从木板A 的顶端由静止释放，P 最终停在木板B 上某点Q （图中未画出）处；改变木板A 在木板B 上的位置，木板A 与水平面的倾角改变，重复实验。
（1）要测定滑块P 与木板间的动摩擦因数，每次实验只需要测量的两个物理量是_____（填序号）。
AP C BOA．滑块P的质量mB．木板A与水平面的倾角θC．木板A的顶端与O点的竖直高度hD．Q点与O点间的距离x（2）计算滑块P与木板间的动摩擦因数的公式μ= ，用（1）问中所选的物理量表示。
（3）由于木板C是圆弧状，将产生系统误差，会使所测得的动摩擦因数比实际值_______（填“偏大”或“偏小”）。
23．（9分）某同学用下列器材测电源的电动势和内阻。
待测电源E（电动势约为3V，内阻约为2.5Ω）；电流表A（量程为0~0.6A，内阻约为0.5Ω）；电阻箱R （最大阻值为99.9Ω）；开关S，导线若干。
（1）在虚线框中画出实验电路图。
该同学根据正确的电路图，正确连接电路，规范操作。
（2）第一次测量：调节电阻箱R，示数为R1时，读取电流表示数I1，示数为R2时，读取电流表示数I2。
则电源电动势的计算式E= ，内阻的计算式r= 。
（3）第二次测量：调节电阻箱R的阻值，记录多组电流表的读数I和电阻箱的对应读数R，以I1为纵坐标，R为横坐标，根据测量数据作出如图所示的I1—R图线，则电源电动势E=_____V，内阻r=_____Ω。
（4）关于该实验，下列说法正确的是_______。
A．由于电流表的内阻，会使电源内阻的测量值存在系统误差B．由于电流表的内阻，会使电源电动势的测量值存在系统误差C．第二次测量中的数据处理方式可以减小偶然误差D．第一次测量中，若测有三组数据，则可求得电源电动势E和内阻r及电流表内阻R A 24．(12分)如图所示，水平放置的绝缘光滑正方形桌面abcd，边长为L，距地面高度也为L，仅在桌面区域有竖直向上的匀强磁场。
两个带有相同Ba bc dPO41I1/A-1电荷量的小球1、2，质量分别为m 1和m 2，先后从b 点沿水平桌面ba 方向射入磁场，在b 点动能相同，小球1从bc 边的中点P 水平射出，小球2从bc 边的c 点水平射出。
重力加速度为g 。
（1）求两小球带电性质及两小球质量之比21m m ； （2）若在b 点的动能gL m E K 143=，求两小球落地点间的水平距离x 12（用L 表示）。
25.（20分）如图所示，一倾角为60°的光滑斜面固定于水平地面上，Q 为斜面顶点，P 为斜面上一点，同一竖直平面内有固定点O ，O 、P 连线垂直于斜面，OP =l ，P 、Q 间距离l x PQ123=。
长度为l 的轻绳一端系于O 点，另一端系质量为m 的小球A ，质量为M =4m 的滑块B 在一锁定装置作用下静止于斜面上的P 点。
现将A 球拉至与O 点等高的水平位置，拉直轻绳，以竖直向下的初速度v 0释放，A 与B 发生碰撞前一瞬间，锁定装置解除，A 、B 均视为质点，碰撞过程中无能量损失，重力加速度为g 。
（1）求小球A 通过最低点C 点时，绳对小球拉力的大小；（2）求小球A 与滑块B 碰撞后瞬间，小球A 和滑块B 的速度v A 和v B ；O BPQ C 60v 0（3）若A、B碰后，滑块B能沿斜面上滑越过Q点，且小球A在运动过程中始终不脱离圆轨道，求初速度v0的取值范围。
(二）选考题：共45分。
请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。
如果多做，则每科按所做的第一题计分。
33．[物理选修3—3]（15分）（1）（5分）关于热力学知识，下列说法正确的是_______（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
A．无论用什么方式都不可能使热量从低温物体向高温物体传递B．一定质量的理想气体做绝热膨胀，则气体的内能减少C．温度降低，物体内所有分子运动速率一定减小D．扩散现象是分子热运动的表现E．气体对容器的压强是由大量分子对容器不断碰撞而产生的（2）（10分）如图所示，上端开口的光滑圆柱形气缸竖直放置，横截面积为20cm2的活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内。
在A B 气缸内距缸底h处设有A、B两限制装置，使活塞只能向上滑动。
开始时活塞搁在A、B上，缸内气体压强为P1=1×105Pa；温度为T1=300K，现缓慢加热缸内气体，当温度为T 2=330K 时，活塞恰好离开A 、B ，当温度为T 3=360K 时，活塞上升2cm ，取g =10m/s 2，大气压强P 0= 1×105Pa 。
求：（i ）活塞的质量m ；（ii ）A 、B 限制距缸底的距离h 。
34．[物理选修3—4]（15分）（1）（5分）一列横波在x 轴上传播，实线和虚线分别表示t 1=0、t 2=0.14 s 时的波形，已知实线在t 3=0.6s 时第5次重复出现。
则_______（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
A ．波的周期为0.1 sB ．波的波长为12 cmC ．波的传播速度为1m/sD ．波沿x 轴正方向传播E ．t 2=0.14 s 时，x =0处质点的纵坐标为3=y cm （2）（10分）如图所示，直角边AC 长度为d 的直角棱镜ABC 置于桌面上，D 为斜边BC 的中点，桌面上的S 点发射一条光线经D 点折射后，垂直于AB边射出。
已知SC =CD ，光线通过棱镜的时间cd t 23=，c 为真空中光速，不考虑反射光线。
求： （i ）棱镜的折射率n ；（ii ）入射光线与界面BC 间的夹角θ。
x /cmy /cm 02-2 16 18BA D绵阳市高2015级第二次诊断性考试理科综合能力测试物理参考答案及评分意见二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14. A 15. A 16.C 17. D 18.B 19.BD 20.AC 21.BD第Ⅱ卷三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。
第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第33～38题为选考题，考生根据要求作答。
22．(6分)（1）CD (2分)。
（2）x h (2分)。
（3）偏大(2分)。
23．（9分）（1）如图所示(3分) 。
（2）122121)(I I R R I I -- (1分)，211122I I RI R I -- (1分) 。
（3）3 (1分)，3 (1分)。
（4）AC （2分）。
24．（12分）解：（1）小球都带正电。