【配套K12】2019高三物理人教版一轮重点强化练：5 电场性质的综合应用 Word版含解析

重点强化练(五) 电场性质的综合应用(限时：45分钟)(对应学生用书第309页)一、选择题(共10小题，每小题6分，1～6题为单选题，7～10题为多选题) 1．(2018·扬州模拟)示波管的聚焦电场是由电极A1、A2、A3、A4形成的，实线为电场线，虚线为等势线，x轴为该电场的中心轴线．一个电子从左侧进入聚焦电场，曲线PQR是它的运动轨迹，则()图1A．电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度B．电场中P点的电势比Q点的电势低C．电子从P运动到R的过程中，电场力对它先做正功后做负功D．若电子沿着x轴正方向以某一速度进入该电场，电子有可能做曲线运动B[由电场线分布的疏密程度可知，电场中Q点的电场强度大于R点的电场强度，选项A错误；沿电场方向电势越来越低，选项B正确；电子从P运动到R的过程中，电场力对它一直做正功，选项C错误；若电子沿着x轴正方向以某一速度进入该电场，电子一定做直线运动，选项D 错误．]2. (2016·全国Ⅱ卷)如图2所示，P是固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆．带电粒子Q在P的电场中运动，运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点．若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c.则()【导学号：84370297】图2A．a a>a b>a c，v a>v c>v bB．a a>a b>a c，v b>v c>v aC．a b>a c>a a，v b>v c>v aD．a b>a c>a a，v a>v c>v bD[a、b、c三点到固定的点电荷P的距离r b<r c<r a，则三点的电场强度由E＝k Qr2可知E b>E c>E a，故带电粒子Q在这三点的加速度a b>a c>a a.由运动轨迹可知带电粒子Q所受P的电场力为斥力，从a到b电场力做负功，由动能定理－|qU ab|＝12m v2b－12m v2a<0，则v b<v a，从b到c电场力做正功，由动能定理|qU bc|＝12m v2c－12m v2b>0，v c>v b，又|U ab|>|U bc|，则v a>v c，故v a>v c>v b，选项D正确．]3．(2018·兰州一模)带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图3所示，则从a到b过程中，下列说法正确的是()图3A．粒子带负电荷B．粒子先加速后减速C．粒子加速度一直增大D．粒子的机械能先减小后增大D[粒子受到的电场力沿电场线方向，故粒子带正电，故A错误；由图象知粒子受电场力向右，所以先向左减速运动后向右加速运动，故B错误；从a点到b点，电场力先做负功，再做正功，电势能先增大后减小，动能先减小后增大，根据电场线的疏密知道场强先变小后变大，故加速度先减小后增大，C错误，D正确．]4．如图4所示，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个梯形的四个顶点．电场线与梯形所在的平面平行．ab平行于cd，且ab边长为cd边长的一半．已知a点的电势是3 V，b点的电势是5 V，c点的电势是7 V．由此可知，d点的电势为()图4A．1 V B．2 V C．3 V D．4 VC[ab边与cd边相互平行，相等长度的两点电势差大小相等，a、b两点的电势差为2 V，dc距离为ab的2倍，则d、c两点电势差也是a、b两点间电势差的2倍即4 V，d点的电势为3 V，C正确．]5．如图5是位于x轴上某点的电荷在直线PQ右侧的电势φ随x变化的图线，a、b是x轴上的两点，过P点垂直于x轴的直线PQ和x轴是该曲线的渐近线，则以下说法正确的是()图5A．可以判断出OP间的各点电势均为零B．可以判断出a点的电场强度小于b点的电场强度C．可以判断出P点左侧与右侧的电场方向均为x轴正方向D．负检验电荷在a点的电势能小于在b点的电势能D[因直线PQ是图象的渐近线，故该电场是由位于P点的正电荷产生的，因此OP间各点电势为正，A项错误；a点距场源电荷较近，故a点的电场强度比b点大，B项错误；P处的正电荷产生的电场方向，在其左侧沿x轴负方向，在其右侧沿x轴正方向，C项错误；负电荷在电势高处电势能小，a点的电势比b点的电势高，故负检验电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，D项正确．]6．(2018·冀州模拟)空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图6所示，下列说法正确的是()【导学号：84370298】图6A．O点电势最低B．x1和x3两点的电势相等C．x2和－x2两点的电势相等D．x2点的电势低于x3点的电势C[沿着电场线方向电势逐渐降低，可知O点的电势最高．x1的电势高于x3的电势，故A、B错误；x2和－x2两点关于原点对称，由O点向两边电势都降低，则x2和－x2两点电势相等，故C正确；沿着电场线方向电势逐渐降低，所以x2的电势高于x3的电势，故D错误．]7．(2018·安徽师大附中模拟)如图7所示，边长为l的正方形，在其四个顶点上各放有电荷量为＋q的点电荷，直线MN过正方形几何中心O且垂直正方形平面，在直线MN上有两点P和Q关于正方形平面对称，不计重力．下列说法正确的是()图7A．直线MN上O点的电场强度为零，电势最低B．从O点沿ON方向，电场强度减小，电势降低C．一负电荷从O点沿ON方向运动到Q点，该过程电荷的电势能增加D．若在O点放一电量合适的负电荷，仅在电场力作用下，五电荷均能处于平衡状态CD[根据点电荷场强公式E＝k qr2，结合矢量叠加原理知，四个点电荷在O产生的合场强大小为零，电势为标量，且正电荷周围的电势为正，在直线MN上O点离点电荷最近，故O点电势最高，A错误．从O点沿ON 方向电场强度先增大后减小，电势降低，B错误．由以上分析可知，ON 的电场强度方向由O指向N，当一负电荷从O点沿ON方向运动到Q点，根据负电荷沿着电场线方向移动，则电场力做负功，那么该过程电荷的电势能增加，C正确．在O点四个电荷的合电场强度为零，那么当在O点放任一电量的电荷，则合电场力为零，而要确保其他电荷也能处于平衡状态，则必须放一电量合适的负电荷，根据力的合成法则，结合力的平衡条件，五个电荷均可能处于平衡状态，D正确．]8．点电荷M、N、P、Q的带电荷量相等，M、N带正电，P、Q带负电，它们分别处在一个矩形的四个顶点上，O为矩形的中心．它们产生静电场的等势面如图8中虚线所示，电场中a、b、c、d四个点与MNQP共面，则下列说法正确的是()图8A．如取无穷远处电势为零，则O点电势为零，场强不为零B．O、b两点电势φb>φO，O、b两点场强E b<E OC．将某一正试探电荷从b点沿直线移动到c点，电场力一直做正功D．某一负试探电荷在各点的电势能大小关系为E p a＜E p b＜E p O＜E p d＜E p c AB[由图可知O点与无穷远处在同一等势面上，故电势为零．根据场强叠加原理，可知点电荷M、N、P、Q在O点的场强不为零，A正确．正电荷周围电势为正值，故φb＞0，因φO＝0，故φb＞φO，据等势面疏密可知E b＜E O，B正确．正电荷沿直线从b到c，电场力先做正功后做负功，C错误．因电势φa＞φb＞φO＞φd＝φc，故负试探电荷的电势能E p a＜E p b＜E p O＜E p d＝E p c，D错误．]9．如图9所示，一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，正极板与静电计相连，两板间有一个正试探电荷固定在P点．用C表示电容器的电容，E表示两板间的场强，φ表示P点的电势，W表示正试探电荷在P点的电势能．若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中，各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是()图9BC [设原来板间距离为d ，负极板与P 点间的距离为d 0，则有C ＝εr S4πk (d －x )，C 与x 不成线性关系，A 错误．已知电容器所带电荷量不变，由C ＝Q U ＝εr S 4πk (d －x )和E ＝U d －x ，可得E ＝4πkQεr S ，则场强不变，B 正确．P 点电势等于P 点与负极板间的电势差，故φP ＝U P ＝E (d 0－x )，而W ＝φP q ＝U P q ＝Eq (d 0－x )，C 正确，D 错误．]10. 如图10所示，带正电q ′的小球Q 固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m 、电荷量为q 的带正电的小球M 从A 点由静止释放，M 到达B 点时速度恰好为零．若A 、B 间距为L ，C 是AB 的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g ，则下列判断正确的是 ( )【导学号：84370299】图10A ．在从A 点至B 点的过程中，M 先做匀加速运动，后做匀减速运动 B ．在从A 点至C 点和从C 点至B 点的过程中，前一过程M 的电势能的增加量较小C ．在B 点M 受到的库仑力大小是mg sin θD ．在Q 产生的电场中，A 、B 两点间的电势差U BA ＝mgL sin θqBD [以带电小球M 为研究对象，M 受到重力、电场力、弹力三个力作用，根据牛顿第二定律可得mg sin θ－k q ′qr 2＝ma ，又由于两小球间的距离在减小，小球M 在从A 点至B 点的过程中，先做速度增大、加速度减小的变加速运动，然后做速度减小、加速度增大的减速运动，且小球M 在B点受到的库仑力大小F 库＝k q ′qr 2＝ma 1＋mg sin θ＞mg sin θ，故A 、C 错误．根据电势能的变化量与电场力做功的关系可得，在从A 点至C 点的过程中，电势能的增加量ΔE p AC ＝－W AC ＝qU CA ，在从C 点至B 点的过程中，电势能的增加量ΔE p CB ＝－W CB ＝qU BC ，又U CA ＜U BC ，则ΔE p AC ＜ΔE p CB ，故B 正确．根据动能定理可得mgL sin θ－qU BA ＝0，解得U BA ＝mgL sin θq ，故D 正确．]二、非选择题(共2小题，共40分)11．(20分)如图11所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O ，用一根长度为l ＝0.20 m 的绝缘轻线把质量m ＝0.10 kg 、带有正电荷的金属小球悬挂在O 点，小球静止在B 点时轻线与竖直方向的夹角θ＝37°.现将小球拉至位置A ，使轻线水平张紧后由静止释放．g 取10 m/s 2，sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80.求：图11(1)小球所受电场力的大小；(2)小球通过最低点C 时的速度大小；(3)小球通过最低点C 时轻线对小球的拉力大小．[解析](1)小球受重力mg 、电场力F 和拉力F T ，其静止时受力如图所示．根据共点力平衡条件有F ＝mg tan 37°＝0.75 N.(2)设小球到达最低点时的速度为v ，小球从水平位置运动到最低点的过程中，根据动能定理有mgl－Fl＝12m v2解得v＝2gl(1－tan 37°)＝1.0 m/s.(3)设小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小为F T′根据牛顿第二定律有F T′－mg＝m v2 l解得F T′＝1.5 N.[答案](1)0.75 N(2)1.0 m/s(3)1.5 N12．(20分)如图12所示，固定于同一条竖直线上的点电荷A、B相距为2d，电量分别为＋Q和－Q.MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，质量为m、电量为＋q(可视为点电荷，q远小于Q)，现将小球p 从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v.已知MN与AB之间的距离也为d.静电力常量为k，重力加速度为g.求：图12(1)C、O间的电势差U C O；(2)小球p经过O点时加速度的大小；(3)小球p经过与点电荷B等高的D点时速度的大小．[解析](1)小球p由C运动到O时，受重力和电场力作用，由动能定理得：mgd＋qU C O＝12m v2－0解得：U C O＝m v2－2mgd2q.(2)小球p经过O点时受力分析如图所示，由库仑定律得：F 1＝F 2＝k Qq (2d )2二者的合力为F ＝F 1cos 45°＋F 2cos 45°＝2kQq 2d 2由牛顿第二定律得：mg ＋F ＝ma解得：a ＝g ＋2kQq2md 2.(3)小球p 由O 运动到D 的过程，由动能定理得： mgd ＋qU O D ＝12m v 2D －12m v 2由电场分布的对称性可知U C O ＝U O D 解得：v D ＝2v .[答案](1)m v 2－2mgd 2q(2)g ＋2kQq 2md 2 (3)2v。