(新课标Ⅱ卷)高考物理冲刺卷(1)(含解析)

（新课标H卷）高考物理冲刺卷02
第I卷
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14〜17题只有一项符合题目要求，第18〜21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。

14.如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，
放行和关闭的时间分别为3s和1s.关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度2 m/s
由静止加速到2m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是（）
決卡I关卡2关卡3 关卡4 关卡5
1
-J
S m S m 畧tn B m
A.关卡3
B. 关卡4
C. 关卡5
D. 任何关卡都无法挡住
【答案】D
【解折】由题意知，谖同学先加速后匀速，速度増大到2ra s 寸斤=ls f在加速时间内通过的位移两=十砂“二加，心=2— x3=vt2= 4M R关闭1初运动的总位穆为了口再打幵地又前进6m,此时距关卡2还育M的距离，再关j?| 1和运动到距关卡2还有Im的位乱又打开后将重复甬面的运祈情况，故任何关卡都无法捋主*选6
考点：匀速直线运动。

【名师点睛】本题主要考查运动学公式的应用，包括匀变速直线运动及匀速运动的位移、速
度公式，可分段计算，注意关卡的开、关闭时间，确定位移与关卡间距离的关系。

15•人用手托着质量为m的小苹果，从静止开始沿水平方向运动，前进距离L后，速度为v
（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为」，则下列说法正确的是（）
A、手对苹果的作用力方向竖直向上
B苹果所受摩擦力大小为-mg
1 2
C手对苹果做的功为mv2
2
D苹果对手不做功
【答案】C
【解析】手对苹果的作用力是支持力和摩播力的合力，方砌冋上+故A錯误.苹果的加速度则
21 摩據
力『十=虬故BiBiR.根据动育淀理得.手对苹果做功的大小W-i«v＜故C正礪F
21 2
手对苹果的作用力方向鄴向上，则苹果对手的作用力方向斜向下，位移沿水平方向，故苹果对手也做功，
选项D错误孑故选C
考点：动能定理；牛顿第二定律；功
【名师点睛】考查动能定理、牛顿第二定律及其功的的应用，注意物体在手的作用下运动，
是静摩擦力，但不一定是最大静摩擦力，而只有是最大静摩擦力时，才能是卩mg此处是易
错点；讨论某一个力是否做功要看这个力与位移方向的夹角
16•如图，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为0，斜面上有一质量为
m的小物块，小物块与斜面间存在摩擦。

用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑。

在小
物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止。

地面对楔形物块的支持力为( )
并打再7/打齐？77
A. (M+ n)g B • (M^ n)g —F C . (M+ mg+ F sin 0 D . (M+ mg- F sin 0
【答案】D
【解析】物块匀速运动而楔形物块静止，两物体和合外力均为零，以整体为研究对象受力，如图：
受到重力（M +njg ，拉力F ,地面的支持力 支持力 F N =（M+R ） g - F sin 0，故选 D. 【名师点睛】本题涉及两个物体的平衡，关键要灵活选择研究对象.当几个物体的状态相同 时，可以采用整体法研究受力往往简单方便；本题也可以隔离两个物体分别研究.
17. 美国航天局与欧洲航天局合作，发射的火星探测器已经成功登录火星。

荷兰企业家巴斯 兰斯多普发起的“火星一号”计划打算将总共
24人送上火星，创建一块长期殖民地。

若已知
万有引力常量 G,那么在下列给出的各种情景中， 能根据测量的数据求出火星密度的是
（
）
A. 在火星表面使一个小球作自由落体运动，测出落下的高度 H 和时间t 、T
B. 火星探测器贴近火星表面做匀速圆周运动，测出运行周期
T
C.
火里探测器在高空绕火星做匀速圆周运动，测出距火星表面的高度 h 和运行周期T
D. 观察火星绕太阳的匀速圆周运动，测出火星的直径 D 和运行周
期T 【答案】B
【解祈】设火星的质量为半径为R,则火星的质昼在火星衰面使一个小球做目由落体运动, 测出下蔓的高虞H 和时间仃根据嗽 可知算岀火星的重力加速度,根1SG 労论，可叹算得火星 的匿量，但不知道火星的半径，故无法算出密度'故心错误；根据彎 F 芻■儿"纭狀打得:尸二
R 2 T r
3
GT 2
已知T 就可算出密度，故BiEtft ；观累火星綴太阳的曲周运动，只能虹出太阳的质量,无;去鼻出火星质爵, 也
就无法算出火星密度，故CIS 误；测岀卫星离火星表面的高度H 和卫星的周期「［旦罡不知道火星的半 径，故无法尊出密度，故D 褚俣*
考点：万有引力定律在天体运动中的应用
【名师点睛】要计算密度就要知道火星的质量和火星的半径，而根据天体运动中万有引力提 供向心力的公式只能求出中心天体的质量，不能算出环绕天体的质量，所以火星只能作为中 心天体.该题难度适中，属于中档题.
（1）火星的密度 p =壬，要计算密度就要知道火星
GT 2
的质量和火星的半径；（2 ）根据天体运动中万有引力提供向心力的公式只能求出中心天体的
考点：本题考查共点力平衡的条件及其应用; 力的合成与分解的运用.
根据平衡条件得，地面对楔形物块的
质量，不能算出环绕天体的质量；（3）根据公式=m— = r=ma和已知条件去计算
r r T2
火星的质量和半径，如能求得质量和半径即可求得密度.
18.下列有关运动的说法正确的是（）
A.图甲中撤掉挡板A的瞬间，小球的加速度方向垂直板斜向下
B.图乙中质量为m的小球到达最高点时对管壁的压力大小为3mg则此时小球的速度大小为
2. gr
C.图丙中皮带轮上b点的加速度小于a点的加速度
D.图丁中用铁锤水平打击弹簧片后，B球比A球先着地
【答案】AC
【解折】图甲中小球A爱到向F的車力、水平弾普的拉力无睡直板翱向上的支持力，当撤掉待板A的瞬间，
弹舊的弹力不变，而弹力和箋力的合力方向垂賣与板斜问下，故小球的加速度垂直板斜向T,选项A正确; 图乙
中以小球为研究对象，小球通过最髙点C时，若轨谊的上星对小球有压力，根据牛顿第二定律得：ntg^N=m^
而解得y 逅*若轨道的下壁对小球有压力，根1S牛顿第二定律得：
# _________________________________
= 而W3m那储得”莎,选顷B諸误；團丙4设£点的线速度为幻则心点的线
r
| JL（1 评v2
速度也为v, b点的线速度为—"，则角二一:t血二2——=一,可知囹丙中皮带轮上b点的加速度小
2r r 4r
于盘点的尬速農，选项C正确护團丁中用铁锤水平打击彈蕾片后』A做平抛运朗』B做目宙落体运朗》故B 球和A球同时着地，选项D错误，故选U '
考点：牛顿第二定律的应用；圆周运动；向心加速度；研究平抛运动
图甲圏乙
19.如图所示，下端封闭，上端开口且内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有一带电的小球, 整个装置水平向右做匀速运动，进入方向垂直于纸面向里的匀强磁场，由于外力作用，玻璃管在磁场中的速度保持不变，最终小球从上端口飞出，若小球的电荷量始终保持不变，则从玻璃管进入磁场到小球飞出上端口的过程中
A、洛伦兹力对小球做正功
B小球在竖直方向上作匀加速直线运动
C小球的运动轨迹是抛物线
D小球的机械能守恒
【答案】BC
【解析】运动过程中，洛伦兹力垂直小球的速度方向，对小球不做功，设小球竖直分速度对巧、水平分速度为"咲小球为研究对象，受力如團所示，
qvB
mg
由于小球随玻璃管在水平方向做匀速直线运动，则竖直方冋的洛伦兹力码二何是恒力衣在竖直万向上还受到的竖直向下的重力，两个力都是恒力」所次小球在竖直方向上做匀加速直M腿亦BiE确；在竖直方问上做匀加速直线运动，在水平万向上做匀速直线运动，所以小球的运动轨迹为抛棚帚C正碉；由于过程中内壁对小球的弹力做功，所以小球的机械能不守恒，D错曷
考点：考查了洛伦兹力，机械能守恒
【名师点睛】本题运用运动的分解法，研究小球受力情况，判断出小球的运动状态是正确解
答本题的关键，洛伦兹力不做功.对小球进行受力分析，根据小球的受力情况判断，由牛顿
第二定律求出加速度，判断加速度与速度如何变化，再分析小球运动的轨迹
20.如图所示，带正电的A球固定，质量为m电荷量为+q的粒子B从a处以速度v o射向A
虚线abc是B运动的一段轨迹，b点距离A最近.粒子经过b点时速度为v,重力忽略不计.贝U：
( )
A.粒子从a运动到b的过程中动能不断减小 B .粒子从b运动到c的过程中加速度不
断增大
C.可求出A产生的电场中a、b两点间的电势差 D .可求出A产生的电场中b点的电场强
度
【答案】AC
【解析】芾电粒子从割到4电场力做员功，很据动能走理，动皆环断减小，选项A正确』粒子从b运动到c 的过程中期速度不断赢小，选项B错误：抿擔动Jf徒理』可求出4产生的电场中不b两点间的电势差，选硕C正确』不可求出A产生的电场中b点的电场强度，选坝D错误-.
考点：带电粒子在电场中的运动
【名师点睛】解决本题的关键掌握根据轨迹的弯曲方向判断出合力的方向，以及根据电场力
做功判断出电势能的变化.根据轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向，从而判断出带电粒子
的电性，根据动能定理，判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化.
21.如图所示，PQ MN是放置在水平面内的光滑导轨，GH是长度为L、电阻为r的导体棒，其
中点与一端固定的轻弹簧连接，轻弹簧的劲度系数为k.导体棒处在方向向下、磁感应强度为
B的匀强磁场中.图中E是电动势为E,内阻不计的直流电源，电容器的电容为 C.闭合开关，
待电路稳定后，下列选项错误的是
A.导体棒中电流为
R^+r+R j C.轻弹簧的长度减少•轻弹簧的长度增加
BLE
k G+R1)
BLE
电容器带电量为一^ CR
r+Ri
A. 在墙上贴一张白纸，用来记录弹簧测力计的弹力大小和方向：
B.
在一个弹簧测力计的下端悬挂一装水的水瓶，记下静止时弹簧测力计的读数
F ;
【答案】ABD
【解析】电源 E 、电阻R 和导体棒GH 组成闭合回路，电容器 C 所在支路为断路，则导体棒中 的电流为：| J ，A 错误；由左手定则知导体棒受的安培力向左，则弹簧长度减少，由
R i +r
平衡条件：BIL =k.vx ，代入
BLE
I 得：Ax
, B 错误；C 正确；电容器上的电压等于
k （r + R1 ）
导体棒两端的电压， Q =CU
=—^Cr , D 错误；本题选错误的，故选 ABD r R 1
考点：闭合电路的欧姆定律、安培力、胡克定律、电容器。

【名师点睛】本题属于含容电路问题，在电路的连接中，电容所在支路为断路，电容两端电 压等于与之并联的导体两端的电压，利用闭合电路的欧姆定律即可得出电路中的电流及电容 器的带电量；导体棒在磁场中通电后受安培力作用，当安培力与弹簧的弹力相等时导体棒处 于稳定状态，由胡克定律和平衡条件即可求出弹簧的形变量。

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

第 22题~第32题为题，每个考题考生都必须作
答，第33~40为选考题，考生格局要求作答。

（一）必考题（共129分）
22. （ 6分）小杨在学完力的合成与分解后，想自己做实验来验证力的平行四边形定则，他找 来两个弹簧测力计，按如下步骤进行实验。

C.将一根大约30cm长的细线从杯带中穿过，再将细线两端拴在两个弹簧测力计的挂钩上,
在靠近白纸处用手对称地拉开细线，使两个弹簧测力计的读数相等，在白纸上记下细线的方
向和弹簧测力计的读数，如图甲所示；
D.在白纸上按一定标度作出两个弹簧测力计的弹力的图示，如图乙所示，根据力的平行四边
形定则可求出这两个力的合力F 'o(要求在答题卷图乙中作力的图示，求合力F ')
(1) _______________________________________ 在步骤C中，弹簧测力计的读数为N.
(2)在步骤D中，合力F = N .
(3) __________________________________________若，就可以验证力的平行四边形定则。

【答案】(1) 3. 00 (2) 5.20( 一定范围内也给分)(3) F •近似在竖直方向，且数值与F 近似相等
【解析】(1)弹蕃测力计读数，每1A哦分成1C格，则I格就等于團指针落在3耳格处，所以读数为3.00M
(2＞两个分力为边做出平行四边形，如F图所示，
TT *
根据力的图示，可臥测量出合力的大小大约为5.1^
(力根据实验原理可禺只要合力的大小与水杯童力大小榔f,方向与靈力方向相克即可殓证力的平行四边形定则，即严近似在竖宜方冋且数值与F近佩相等…
考点：验证力的平行四边形定则
【名师点睛】通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图
示，明确实验原理是解答实验问题的关键。

23.(9分)某同学做“测定电池的电动势和内阻”实验，电路连接如图，并准备闭合开
关进行测量。

(1)_____________________________________________ 请指出存在的两个问题：_________ ; 。

【解析】（1）电路中存在冋题是，幵关没有接入总路（或幵关没有控制电压表人电压表中一直有电淪 滑动变阻器的触头应位于最右边，使它接入电路的电流最丈；Q ）把图像上的点连接起来，由图线与纵轴 相交的点为电池的电动势」大小约为1-49V5与横轴相交的点即为短踣电流故计算得出内阻为0勺2^ ⑶
" in?
由宀字及.宀毎竺可得，宀-—-眄 可臥看出P 与厂是二次
的数的关系，故它们的图像如圉所 R R + 萨 r
考点：测定电池的电动势和内阻实验。

【名师点晴】查找故障一般围绕着电表的接法、变阻器的接法等是否正确的现象入手判 断；在连接图像中各点时，尽量让更多的点在连接线上，特别不在线上的点可以舍去，那可 能是操作不当引起的误差较大的点。

24.（ 12分）如图所示，为一传送装置，其中AB 段粗糙，AB 段长为L=0.2m,动摩擦因数卩= 0.6 , BC DEN 段均可视为光滑，且BC 的始末端均水平，具有h=0.1m 的高度差，DEN 是半径为r=0.4m
（2） 根据坐标纸上所描出的数据点可得出电池的电动势
内电阻r= __________ Q （保留2位有效数字）。

（3） 实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数
发生变化。

请在答题纸上画出
P - U 关系图线的示意。

E= ______ V （保留3位有效数字），
U 及干电池的输出功率 P 都会
【答案】（1）①开关没有接入总路（或开关没有控制电压表）
于最右边；（2） 1.49 ± 0.01、0.82 ± 0.02 ; （3）如图所示。

;②滑动变阻器的触头应位
的半圆形轨道，其直径DN沿竖直方向，C位于DN竖直线上，CD间的距离恰能让小球自由通
过，在左端竖直墙上固定有一轻质弹簧，现有一可视为质点的小球，小球质量m=0.2kg，压缩
轻质弹簧至A点后静止释放（小球和弹簧不黏连），小球刚好能沿DEN轨道滑下，球：
（1）小球刚好能通过D点时速度的大小
（2）小球到达N点时速度的大小及受到轨道的支持力的大小
（3）压缩的弹簧所具有的弹性势能
【答案】（1）2m/s（2）2 -5m/s ；12N.（3）0.44J.
【解析】
试题分析：⑴ 小球刚好能沿DEN轨道滑下，则在半圆最高点D点必有：—
F
贝叽=莎=2沁吉
从D点、到N点“由机械能守恒得* ；说斗丹桂= £用诫
带入数擔可得％ - / J
在N点有：N—mg = m —
r
得：
⑶弾蕃推开小球的过程中，弾普对小球所做的功弱等于弹蕃所具有的弾性势能E P,根据动能定理可得: W—或+ msh = 一0
2*
FF =—加;4- = 0.44J
2
即压缩的彈齧所具有的眸性势能为0.44L
考点：动能定理；机械能守恒定律；牛顿第二定律的应用
25. （20分）如图所示，半径为L i= 2 m的金属圆环内上、下半圆各有垂直圆环平面的有
rad/s 。

通过导线将金属杆的 a 端和金属环连接到图示的电路中(连接 a 端的导线与圆环
10
不接触，图中的定值电阻 R = R 滑片P 位于R2的正中央，R2的总阻值为4R),图中的平行板 长度为L 2 = 2 m 宽度为d = 2 m 图示位置为计时起点，在平行板左边缘中央处刚好有一带电 粒子以初速度v o = 0.5 m/s 向右运动，并恰好能从平行板的右边缘飞出，之后进入到有界匀强 磁场中，其磁感应强度大小为
左边界为图中的虚线位置，右侧及上下范围均足够大.
(忽
略金属杆与圆环的接触电阻、圆环电阻及导线电阻，忽略电容器的充放电时间，忽略带电粒 子在磁场中运动时的电磁辐射的影响，不计平行金属板两端的边缘效应及带电粒子的重力和 空气阻力)求：
(1 )在0〜4 s 内，平行板间的电势差 U M N ； (2 )带电粒子飞出电场时的速度；
(3)在上述前提下若粒子离开磁场后不会第二次进入电场，则磁感应强度
B 应满足的条
件。

【答案】(1) U MN =-1V ( 2) 0 = 45 ° (3) B 2
:: 2T
界匀强磁场，磁感应强度大小均为
10
B= 10
T .长度也为L 、电阻为R 的金属杆ab , 一端处于
圆环中心，另一端恰好搭接在金属环上，绕着 a 端沿逆时针方向匀速转动，角速度为 3 =
【解析】（
1
）金属杆产生的感应电动势恒为E== 2V
由电路的连接特点知：E=IAR
F
2ff=—=1V
2
由右手定则知：在0—4F时间內、金属杆ab中的电谎方向为lb则就J A础则在0-4事时间内，% ＜吋U^= -IV.
⑵ 粒子在平行板电容器内做类平抛运动'在AJV2时间内水平方向厶=＞滴
得红02«7伽,=0.5m/s
_____ 任
则粒子飞出电场时的速度卩==—^/s
=丄=1』所以该速度与水平方向的夹甬吐斗*
（3）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由B2qv=m一,得厂=——
由几何关系及粒子在磁场中运动的对称性可知，血皿时离开碗场后不会第二次进入电场，即
考点：考查了带电粒子在电磁场中的运动
【名师点睛】导体切割磁感线产生电动势，结合串并联电路特点即可求解•带电粒子在电场中做类平抛运动，有运动学知识求解即可•带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律求解粒子运动半径，结合几何关系求解磁场强度大小。

33 .物理选修3-3] （15分）
（1）（5分）有关热学，下列说法正确的是____________ 。

（填正确答案标号，选对1个给2分, 选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）
A.甲分子固定不动，乙分子从很远处向甲靠近到不能再靠近的过程中，分子间的分子势能是
先减小后增大
G?
B.—定量的理想气体在体积不变的条件下，吸收热量，内能一定增大，压强必增大
C.已知阿伏伽德罗常数为N%水的摩尔质量为M标准状况下水蒸气的密度为亍（均为国际
单位制单位），则1个水分子的体积是
PN A
D.自然界进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，是不可逆的
E.饱和汽压与分子密度有关，与温度无关
【答案】ABD
【解折】甲分子固走不动』乙分子从很远处向甲靠近到不能再龛近的过程中』甲乙分子间先表现为引力，靠近时引力做正功，分子势能减小，后表现为斥力』相互竈近时，分子力做负功，分子势能増加，A正确; 一定童的理想气体在体积不变的条件下，吸收热量，内能一定増大，压强必増大，B错,已知阿伏伽德罗常数为N A,水的摩尔质量为标淮状况下水藝气的密度为P（均为国际单位制单位）,则1个水分子占据的空间為* （此式只适合液体和固体〉、C错；目然界进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，是不可逆的，D对,饱和汽压与温度有关，且随看温度的升高而増大，故E错误。

考点：分子动理论。

（2）（10分）如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，
内有两个质量均为m的密闭活塞，活塞A导热，活塞B绝热，将缸内理想气体分成I、II两部分，初状态整个装置静止不动处于平衡，I、II两部分气体的长度均为10，温度为T0，设
外界大气压强为P0保持不变，活塞横截面积为S,且mg = RS，环境温度保持不变，求：
①在活塞A上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m两活塞在某位置重新处于平衡，活塞B下
降的高度；
②现只对II气体缓慢加热，使活塞A回到初始位置，此时II气体的温度；
【答案】①0.410②T2=2.5T0
【解折】①初状态I气体压强片二R +二至=2$, II气体压强马二£+単=3人
s s
添加铁砂后I气体压强耳二§ +泌二斗喘
S
II气体压强珍二耳+竽二珂
根据玻意耳定律，II气体等温变化，啣二卸虑可得：■二菩"活塞下降的高度见丸-T叫
②1气体等温变化邸屛二Re，可得T二0.5^
只对11气体加熱，I气体状态不变，所決当卫活塞回到原来位置时，II气体高度y二耳＞-0% = 1%
根据气体理想气体状态方程:
考点：考查了理想气体状态方程
【名师点睛】先由力学知识确定出状态in中的气体压强，然后确定添加铁砂后的压强，根据对n中气体列玻意耳定律方程即可求解；先根据玻意耳定律求出I中气体后来的长度，然后以n气体为研究对象列理想气体状态方程求解。

34 .物理选修3-4] （15分）
（1）（5分）如图所示是一列简谐波在t=0时刻的波形图，介质中x=4 m处质点沿y轴方向做
简谐运动的表达式为y =5sin4「：t cm。

关于这列波，下列说法正确的是__________________ 。

（填正
2分，选对两个得4分，选对三个得5分。

每选错一个扣3分，最
低得分为0分）
A.波长为4m
B.波速为8 m/s
C.波沿x轴正方向传播
D.再经过半个周期，x=4 m处质点沿波的传播方向移动2m
E.再经过3/4个周期，x=4 m处质点位于波谷
【答案】ABE
确答案标号，选对一个得
【解折】从波动團像可短 该机械波的波长汩4叫所以A 选项正确；据y =
可以求出，
r=—= ^=O.5S ,所臥该机械浪波速为v = ^ = A m /S =Bm/s,所以B 选项正确；当时间为"夕， & 斗兀 T
4
代入p = 5血也冲可知P 是个正值』说明质点产如从苦0开始向上振动」再经过個个周期，A =4JR 处质点位于波谷，故E 正确；据质点振动方向与机械波传播方向关系可紀该机械波向左传播，C 选项错误; 质点不会随波迁移，所以D 选项错误.故AEE 正确.
考点：质点振动和机械波传播关系。

（2）（ 10分）半径为R 的半球形介质截面如图所示， D 为圆心，同一频率的单色光 a 、b 相互
平行，从不同位置进入介质，光线
a 在0点恰好产生全反射。

光线
b 的入射角为45°,求：
① 介质的折射率；
② 光线a 、b 的射出点0与0'之间的距离。

【答案】①
2②三R
3
【解析】① 1
a 光线发生刚好全反射 sin C =—
n
代入数据得 n =、2
②由折射定律得n
=Sin
-
sin r
代入数据得
t
-2L L
2
，2V 0 V 0
r =30
O 与O •之间的距离 厶x =Rtan30°
' R （2 分）
3
考点：考查了光的折射，全反射
1
【名师点睛】光线a 在0点恰好产生全反射，根据 sinC 求出介质的折射率；根据光的折
n
射定律求出光在介质中的折射角，通过几何关系求出
0与0 •之间的距离•简单的几何光学问
题，其基础是作出光路图，根据几何知识确定入射角与折射角，根据折射定律求解
35 .物理选修3-5] （15分）
（1）（5分）锌对人体的新陈代谢起着重要作用，在儿童生长发育时期测量体内含锌量已成为
体格检查的重要内容之一•取儿童的头发约50mg放在反应堆中经中子照射后，头发中的锌元
素与中子反应生成具有放射性的同位素锌，其核反应方程式为：34Zn + 0n T 3；Zn , 3?Zn衰
变放射出能量为lll5eV的射线，通过射线强度的测定可以计算出头发中锌的含量.关于以
上叙述，下列说法正确的是_____________ 。

（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4
分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）
A.64Zn和35 Zn有相同的核子数
B.64Zn和35 Zn有相同的质子数
C.射线是由锌原子的内层电子激发的
D.射线在真空中传播的速度是3X 10 8m/s
E.射线其实是光子流（高频电磁波）
【答案】BDE
【解析】核子数二质子数十中子数，篇心和笔N核子数不同，质子数相同，故A错误，B正确；y射线罡在心尸衰变过程中释放出来的，它是光子流，以光速传播，故C错误，D、E正确.
考点：本题考查原子核衰变及半衰期、原子核的组成.
（2）（10分）如图所示，光滑水平轨道右边与墙壁连接，木块A、B和半径为0.5m的1/4光
滑圆轨道C静置于光滑水平轨道上，A、B C质量分别为1.5kg、0.5kg、4kg。

现让A以6m/s
的速度水平向右运动，之后与墙壁碰撞，碰撞时间为0.3s，碰后速度大小变为4m/s。

当A与
B碰撞后会立即粘在一起运动，已知g=10m/s2,求：
①A与墙壁碰撞过程中，墙壁对小球平均作用力的大小;
②AB第一次滑上圆轨道所能到达的最大高度h。

【答案】①F =50N②h =0.3m
【解析】
试題分析：①川与墙碰撞过程，规定水平向左为正，对S由动量走理有咼=叫叫-叫（-仍。