第8章.习题答案
初二物理第八章练习题含答案
初二物理第八章练习题含答案1. 选择题(1) 以下属于力的性质是:A. 大小B. 方向C. 作用点D. 面积答案：A、B、C(2) 能够使物体发生位移的只有:A. 摩擦力B. 重力C. 弹力和悬挂力D. 正确答案全部都对答案：C(3) 法拉第一定律指出的是:A. 外力作用于物体上时，物体一定保持静止或匀速直线运动B. 外力作用于物体上时，物体的速度将发生变化C. 物体受到的合力为零时，物体一定保持静止或匀速直线运动D. 物体受到的合力为零时，物体的速度将发生变化答案：C2. 填空题(1) 一个力从右往左作用于一个物体，这个物体产生的反作用力的方向是______。
答案：从左往右(2) 一个力从上往下作用于一个物体，这个物体产生的反作用力的方向是______。
答案：从下往上(3) 一个物体受到A力的作用产生加速度a，如果力A的大小不变，改变作用方向，则产生的加速度为______。
答案：-a3. 解答题(1) 什么是力？力的三要素是什么？解答：力是物体之间相互作用的结果，是导致物体发生变化的原因。
力的三要素包括大小、方向和作用点。
大小表示力的强弱程度，方向表示力作用的直线方向，作用点表示力作用的具体位置。
(2) 什么是合力？如何求合力？解答：合力是同时作用在物体上的多个力的共同效果。
求合力的方法是将所有作用在物体上的力按照大小和方向合成，可以通过向量法或图示法来求解。
(3) 描述牛顿第一定律，并用实例说明其应用。
解答：牛顿第一定律也称为惯性定律，指出在没有外力作用时，物体将保持静止或匀速直线运动的状态。
例如，当我们用力推动一张光滑的桌子上的书时，如果力的大小和方向适当，书就会保持匀速直线运动，直到受到其他力的作用。
这说明物体在没有外力干扰时具有惯性，保持原来的状态不发生变化。
总结：初二物理第八章练习题主要涉及力的性质和作用、法拉第一定律等内容。
通过选择题和填空题加深对知识点的理解，同时通过解答题展开思考和拓展。
电工基础 第8章 课后习题
24 对点动、重载起动、连续正反转的电动机，一般不宜用热继电器作过载保护。 答案: 正确
25 Y一△降压启动适用于Y联接的三相异步电动机。 答案: 错误
26 自耦降压启动器既适用于Y联接的、又适用于△联接的三相鼠笼电动机的降压起动。 答案: 正确
答案: 错误 58 按钮直接用可控制电动机主回路的通断。
答案: 错误 59 高压负荷开关的断流能力比高压断路器强
答案: 错误 60 高压隔离开关可用来切断负荷电流。
答案: 错误 61 高压电器指工作电压在380V以上的电气设备。
答案: 错误 62 瓦斯继电器检测的对象是电流。
答案: 错误 63 瓦斯继电器有轻瓦斯和重瓦斯两种触点。
答案: 正确 10 使用低压断路器作配电线路短路保护时，其脱扣器的动作电流整定值应大于尖峰电流。
答案: 正确 11 在有爆炸危险的环境，不应装设发生电弧可能与外界接触的熔断器。
答案: 正确 12 熔断器的熔丝在电路短路时，虽然会自动熔断，但却不能断开电器与电路的连接。
答案: 错误 13 熔断器的分断能力与其灭弧性能无关。
A: HH4-15／3 B: ’HH4_30／3 C: HH4-60／3 D: HH4-100／3
答案: B 20 直接启动用的闸刀开关的额定容量不小于电动机额定电流的____。 A、3倍 B、5倍 C、10 倍 D、1.3
A: 3倍 B: 5倍 C: 10倍 D: 1.3倍
答案: A 21 作隔离用的闸刀开关的额定容量，不小于电动机额定电流的_____。 A、3倍 B、1.3倍 C、 5倍 D、2.5
A: 200 B: 250 C: 400 D: 600
统计学第五版第八章课后习题答案
由Excel制表得:
由图可知:
已知:α= 0、05,n1 = n2=12
=31、75 =28、67 =10、20 =6、06 t=1、72 t∈(-1、72,1、72)接受,否则拒绝。 t=(31 、75-28、67)/(8、08* 0、41)=0、93 0、 93∈(-1、72,1、72)
决策:在α= 0、05得水平上接受 。
已知包重服从正态分布,试检验该日打包机工作就是否正常 ( α
=0、) 。 解:
如图所示:
本题采用单样本t检验。
:μ=100 :μ≠100基
本统计量:
α=0、05,N=9, =99、978,
S=1、2122, =0、4041 检验结果: t=-0、005,自由度f=8, 双侧检验P=0、996,单侧检验P=0、498
:μ≥700
:μ<700
∵α=0、05∴
=-1、645
计算检验统计量: =(680-700)/(60/6)=-2
决策: ∵Z值落入拒绝域,
∴在α=0、05得显著水平上拒绝 ,接受 。
结论: 有证据表明这批灯泡得使用寿命低于700小时,为不合格产品。
8、3 某地区小麦得一般生产水平为亩产250公斤,其标准差为30 公斤。现用一种化肥进行试验,从25个小区抽样,平均产量为270
决策:在 α= 0、05得水平上拒绝 。
结论: 服用阿司匹林可以降低心脏病发生率。
8、14 某工厂制造螺栓,规定螺栓口径为7、0cm,方差为0、03cm。 今从一批螺栓中抽取80个测量其口径,得平均值为6、97cm,方差为 0、0375cm。假定螺栓口径为正态分布,问这批螺栓就是否达到规 定得要求 (a=0、05)？
双侧检验
课后习题答案第8章_存储器和可编程逻辑器件
第8章半导体存储器和可编程逻辑器件8-1存储器按读写功能以及信息的可保存性分别分为哪几类？并简述各自的特点。
解答：存储器按读写功能可分为只读存储器（ROM）和随机存储器（RAM）。
随机存取存储器在工作过程中，既可从其任意单元读出信息，又可以把外部信息写入任意单元。
因此，它具有读、写方便的优点，但由于具有易失性，所以不利于数据的长期保存。
只读存储器在正常工作时其存储的数据固定不变，只能读出，不能随时写入。
ROM为非易失性器件，当器件断电时，所存储的数据不会丢失。
存储器按信息的可保存性可分为易失性存储器和非易失性存储器。
易失性存储器在系统关闭时会失去存储的信息，它需要持续的电源供应以维持数据。
非易失存储器在系统关闭或无电源供应时仍能保持数据信息。
8-2什么是SRAM？什么是DRAM？它们在工作原理、电路结构和读/写操作上有何特点？解答：SRAM（Static Random Access Memory）为静态随机存储器，其存储单元是在静态触发器的基础上附加控制电路构成的。
DRAM（Dynamic Random Access Memory）为动态随机存储器，常利用MOS管栅极电容的电荷存储效应来组成动态存储器，为了避免存储信息的丢失，必须定时地对电路进行动态刷新。
SRAM的数据由触发器记忆，只要不断电，数据就能保存，但其存储单元所用的管子数目多，因此功耗大，集成度受到限制。
DRAM一般采用MOS管的栅极电容来存储信息，由于电荷保存时间有限，为避免存储数据的丢失，必须由刷新电路定期刷新，但其存储单元所用的管子数目少，因此功耗小，集成度高。
SRAM速度非常快，但其价格较贵；DRAM的速度比SRAM慢，不过它比ROM 快。
8-3若RAM的存储矩阵为256字⨯4位，试问其地址线和数据线各为多少条？解答：存储矩阵为256字⨯4位的RAM地址线为8根，数据线为4根。
8-4某仪器的存储器有16位地址线，8位数据线，试计算其最大存储容量是多少？解答：最大存储容量为216⨯8=524288=512k bit（位）8-5用多少片256⨯4位的RAM可以组成一片2K⨯8位的RAM？试画出其逻辑图。
《大学物理》第8章气体动理论练习题及答案
《大学物理》第8章气体动理论练习题及答案练习1一、选择题1. 在一密闭容器中，储有A、B、C三种理想气体，处于平衡状态。
A种气体的分子数密度为n1，它产生的压强为p1，B种气体的分子数密度为2n1，C种气体的分子数密度为3n1，则混合气体的压强p为( )A. 3p1;B. 4p1;C. 5p1;D. 6p1.2. 若理想气体的体积为V，压强为p，温度为T，一个分子的质量为m，k为玻尔兹曼常量，R为普适气体常量，则该理想气体的分子数为( )A. pVm⁄； B. pVkT⁄； C. pV RT⁄； D. pV mT⁄。
3. 一定量某理想气体按pV2=恒量的规律膨胀，则膨胀后理想气体的温度( )A. 将升高；B. 将降低；C. 不变；D. 升高还是降低，不能确定。
二、填空题1. 解释下列分子动理论与热力学名词：(1) 状态参量：；(2) 微观量：；(3) 宏观量：。
2. 在推导理想气体压强公式中，体现统计意义的两条假设是：(1) ；(2) 。
练习2一、选择题1. 一个容器内贮有1摩尔氢气和1摩尔氦气，若两种气体各自对器壁产生的压强分别为p 1和p 2，则两者的大小关系是 ( )A. p 1>p 2；B. p 1<p 2；C. p 1=p 2；D. 不能确定。
2. 两瓶不同种类的理想气体，它们的温度和压强都相同，但体积不同，则单位体积内的气体分子数为n ，单位体积内的气体分子的总平动动能为E k V ⁄，单位体积内的气体质量为ρ，分别有如下关系 ( )A. n 不同，E k V ⁄不同，ρ不同；B. n 不同，E k V ⁄不同，ρ相同；C. n 相同，E k V ⁄相同，ρ不同；D. n 相同，E k V ⁄相同，ρ相同。
3. 有容积不同的A 、B 两个容器，A 中装有刚体单原子分子理想气体，B 中装有刚体双原子分子理想气体，若两种气体的压强相同，那么，这两种气体的单位体积的内能E A 和E B 的关系( )A. E A <E B ；B. E A >E B ；C. E A =E B ；D.不能确定。
《机械制图习题集》习题答案——第8章
0
Φ 40 h7 ( -0.0 25 )
Φ4 0H准制（ 基孔制 ） 配合种类（间隙配合） 孔的公差等级代号（8 ） 轴的公差等级代号（7）
公差是( 0.022)。
6、零件的外表面是( 铸造 )面，表面粗糙度代号为“ ”，
含义为( 未去除表面材料获得的表面粗糙度 )。
4、读填料盒零件图，补画左视图。
)
0.015 0.015
+0. ( Φ25k6 015 ) +0. 002
Φ52JS7(+-
8-5 极限与配合
1、根据图中的配合代号，在零件图上分别标出轴和孔的尺寸及 公差带代号，查出偏差数值并填空。
3、说明形位公差的含义 0.03 A ( 齿轮左端面垂直于φ20f7的轴线，其公差为0.03
）。
4、28
0 -0.023
的上偏差（
0
），下偏差( -0.023 ），上极限尺寸
（ 28 ），下极限尺寸（ 27.977 ），公差（ 0.023 ）。
2、读支架零件图，回答下列问题，补画D—D剖视图。
宽度方向 尺寸基准
2、找出图中表面表面粗糙度的注写错误，并正确标注。
8-3 标注与识读几何公差
1、解释所注几何公差的含义。
Φ100圆柱面的圆度公差为0.004mm
Φ100圆柱面相对于Φ45轴线的圆跳 动度公差为0.015mm
右端面相对于左端面的平行度公差 为0.01mm
2、标注轴的几何公差
（1）Φ25h7圆柱度公差为0.02； （2）Φ25h7轴线对Φ10H6轴线的同轴度公差为0.03； （3）Φ32h7圆柱面对Φ10H6与Φ20f6的公共轴线的圆跳动度公差为0.04； （4）Φ32h7两端面对Φ10H6与Φ20f6的公共轴线的圆跳动度公差为0.04。
形势与政策习题答案第8章
第八章港澳台问题一、单项选择题（每小题5分，共计25分）1．1840年，中英签订（），中国被迫割让香港岛给英国。
A．《南京条约》B．《北京条约》C．《马关条约》D．《辛丑条约》答案：A解析：1840年，英国发动鸦片战争，清政府惨败。
1842年8月29日，清政府与英国签订了中国近代历史上第一个丧权辱国的不平等条约——中英《南京条约》。
条约规定，中国将香港岛割让给英国。
随后，中英又相继签订了《五口通商章程》和《虎门条约》《北京条约》《展拓香港界址专条》等不平等条约，先后占领了九龙半岛和新界。
英国通过刺刀、洋枪与大炮的野蛮征服，实现了对中国香港地区领土的占领。
知识点：香港问题的产生难度级别：12.20世纪80年代初，为实现国家和平统一，国家领导人邓小平创造性地提出了“（）”的科学构想，并首先用于解决香港问题。
A．武力统一B．一国两制C．社会主义本质D．改革开放答案：B解析：20世纪80年代初，为实现国家和平统一，国家领导人邓小平创造性地提出了“一国两制”的科学构想，并首先用于解决香港问题。
按照邓小平的论述，“一国两制”是指在一个中国的前提下，国家的主体坚持社会主义制度，香港、澳门、台湾保持原有的资本主义制度长期不变。
知识点：一国两制的提出难度级别：23.（），中国政府对香港恢复行使主权，香港特别行政区成立。
A．1998年7月1日B．1999年12月20日C．1997年7月1日D．1997年10月1日答案：C解析：1997年7月1日，中国政府对香港恢复行使主权，香港特别行政区成立，香港基本法开始实施。
香港进入了“一国两制”、“港人治港”、高度自治的历史新纪元。
作为祖国大家庭的一分子，香港同胞与内地民众共享伟大祖国的尊严与荣耀，共担中华民族伟大复兴的责任和使命。
知识点：香港回归难度级别：14.1997年，刚刚回归的香港GDP约为1774亿元，人均GDP约为2.73万美元。
2019年，香港GDP达到了（）万亿元，人均GDP 约为4.88万美元。
大学物理第八章课后习题答案
大学物理第八章课后习题答案-CAL-FENGHAI-(2020YEAR-YICAI)_JINGBIAN第八章电磁感应电磁场8 －1一根无限长平行直导线载有电流I，一矩形线圈位于导线平面内沿垂直于载流导线方向以恒定速率运动（如图所示），则（）（A）线圈中无感应电流（B）线圈中感应电流为顺时针方向（C）线圈中感应电流为逆时针方向（D）线圈中感应电流方向无法确定分析与解由右手定则可以判断，在矩形线圈附近磁场垂直纸面朝里，磁场是非均匀场，距离长直载流导线越远，磁场越弱．因而当矩形线圈朝下运动时，在线圈中产生感应电流，感应电流方向由法拉第电磁感应定律可以判定．因而正确答案为（B）．8 －2将形状完全相同的铜环和木环静止放置在交变磁场中，并假设通过两环面的磁通量随时间的变化率相等，不计自感时则（）（A）铜环中有感应电流，木环中无感应电流（B）铜环中有感应电流，木环中有感应电流（C）铜环中感应电动势大，木环中感应电动势小（D）铜环中感应电动势小，木环中感应电动势大23分析与解 根据法拉第电磁感应定律，铜环、木环中的感应电场大小相等，但在木环中不会形成电流．因而正确答案为（A ）．8 －3 有两个线圈，线圈1 对线圈2 的互感系数为M 21 ，而线圈2 对线圈1的互感系数为M 12 ．若它们分别流过i 1 和i 2 的变化电流且ti t i d d d d 21<，并设由i 2变化在线圈1 中产生的互感电动势为ε12 ，由i 1 变化在线圈2 中产生的互感电动势为ε21 ，下述论断正确的是（ ）．（A ）2112M M = ，1221εε=（B ）2112M M ≠ ，1221εε≠（C ）2112M M =， 1221εε<（D ）2112M M = ，1221εε<分析与解 教材中已经证明M21 ＝M12 ，电磁感应定律t i M εd d 12121=；ti M εd d 21212=．因而正确答案为（D ）． 8 －4 对位移电流，下述四种说法中哪一种说法是正确的是（ ）（A ） 位移电流的实质是变化的电场（B ） 位移电流和传导电流一样是定向运动的电荷（C ） 位移电流服从传导电流遵循的所有定律（D ） 位移电流的磁效应不服从安培环路定理分析与解 位移电流的实质是变化的电场．变化的电场激发磁场，在这一点位移电流等效于传导电流，但是位移电流不是走向运动的电荷，也就不服从焦耳热效应、安培力等定律．因而正确答案为（A ）．48 －5 下列概念正确的是（ ）（A ） 感应电场是保守场（B ） 感应电场的电场线是一组闭合曲线（C ） LI Φm =，因而线圈的自感系数与回路的电流成反比（D ） LI Φm =，回路的磁通量越大，回路的自感系数也一定大 分析与解 对照感应电场的性质，感应电场的电场线是一组闭合曲线．因而正确答案为（B ）．8 －6 一铁心上绕有线圈100匝，已知铁心中磁通量与时间的关系为()Wb π100sin 100.85t Φ⨯=，求在s 100.12-⨯=t 时，线圈中的感应电动势．分析 由于线圈有N 匝相同回路，线圈中的感应电动势等于各匝回路的感应电动势的代数和，在此情况下，法拉第电磁感应定律通常写成tψt ΦN ξd d d d -=-=，其中ΦN ψ=称为磁链． 解 线圈中总的感应电动势()()t tΦNξπ100cos 51.2d d =-= 当s 100.12-⨯=t 时，V 51.2=ξ． 8 －7 有两根相距为d 的无限长平行直导线，它们通以大小相等流向相反的电流，且电流均以tI d d 的变化率增长．若有一边长为d 的正方形线圈与两导线处于同一平面内，如图所示．求线圈中的感应电动势．5分析 本题仍可用法拉第电磁感应定律tΦξd d -=来求解．由于回路处在非均匀磁场中，磁通量就需用⎰⋅=SΦS B d 来计算（其中B 为两无限长直电流单独存在时产生的磁感强度B 1 与B 2 之和）． 为了积分的需要，建立如图所示的坐标系．由于B 仅与x 有关，即()B B x =，故取一个平行于长直导线的宽为ｄx 、长为d 的面元ｄS ，如图中阴影部分所示，则x d S d d =，所以，总磁通量可通过线积分求得（若取面元y x S d d d =，则上述积分实际上为二重积分）．本题在工程技术中又称为互感现象，也可用公式tl M E M d d -=求解． 解1 穿过面元ｄS 的磁通量为()x d xI μx d d x I μΦd π2d π2d d d d 0021-+=⋅+⋅=⋅=S B S B S B 因此穿过线圈的磁通量为()43ln π2d π2d π2d 02020Id μx x Id μx d x Id μΦΦd d dd =-+==⎰⎰⎰ 再由法拉第电磁感应定律，有6tI d μt ΦE d d 43ln π2d d 0⎪⎭⎫ ⎝⎛=-= 解2 当两长直导线有电流I 通过时，穿过线圈的磁通量为 43ln π20dI μΦ=线圈与两长直导线间的互感为 43ln π20d μI ΦM == 当电流以tl d d 变化时，线圈中的互感电动势为 tI d μt I M E d d 43ln π2d d 0⎪⎭⎫ ⎝⎛=-= 试想：如线圈又以速率v 沿水平向右运动，如何用法拉第电磁感应定律求图示位置的电动势呢此时线圈中既有动生电动势，又有感生电动势．设时刻t ，线圈左端距右侧直导线的距离为ξ，则穿过回路的磁通量()ξf ΦS,1d =⋅=⎰S B ，它表现为变量I 和ξ的二元函数，将Φ代入t ΦE d d -= 即可求解，求解时应按复合函数求导，注意，其中v =tξd d ，再令ξ＝d 即可求得图示位置处回路中的总电动势．最终结果为两项，其中一项为动生电动势，另一项为感生电动势．8 －8 有一测量磁感强度的线圈，其截面积S ＝4.0 cm 2 、匝数N ＝160 匝、电阻R ＝50Ω．线圈与一内阻R i ＝30Ω的冲击电流计相连．若开始时，线圈的平面与均匀磁场的磁感强度B 相垂直，然后线圈的平面很快地转到与B 的方向平行．此时从冲击电流计中测得电荷值54.010C q -=⨯．问此均匀磁场的磁感强度B 的值为多少7分析 在电磁感应现象中，闭合回路中的感应电动势和感应电流与磁通量变化的快慢有关，而在一段时间内，通过导体截面的感应电量只与磁通量变化的大小有关，与磁通量变化的快慢无关．工程中常通过感应电量的测定来确定磁场的强弱． 解 在线圈转过90°角时，通过线圈平面磁通量的变化量为NBS NBS ΦΦΦ=-=-=0Δ12 因此，流过导体截面的电量为ii R RNBS R R Φq +=+=Δ 则 ()T 050.0=+=NSR R q B i 8 －9 如图所示，一长直导线中通有I ＝5.0 A 的电流，在距导线9.0 cm 处，放一面积为0.10 cm 2 ，10 匝的小圆线圈，线圈中的磁场可看作是均匀的．今在1.0 ×10－2 s 内把此线圈移至距长直导线10.0 cm 处．求：（1） 线圈中平均感应电动势；（2） 设线圈的电阻为1.0×10－2Ω，求通过线圈横截面的感应电荷．8分析 虽然线圈处于非均匀磁场中，但由于线圈的面积很小，可近似认为穿过线圈平面的磁场是均匀的，因而可近似用NBS ψ=来计算线圈在始、末两个位置的磁链．解 （1） 在始、末状态，通过线圈的磁链分别为1011π2r ISμN S NB ψ==,2022π2r IS μN S NB ψ== 则线圈中的平均感应电动势为 V 1011.111πΔ2ΔΔ8210-⨯=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-==r r t IS μN t ΦE 电动势的指向为顺时针方向．（2） 通过线圈导线横截面的感应电荷为tΦE d d -= 8 －10 如图（ａ）所示，把一半径为R 的半圆形导线OP 置于磁感强度为B 的均匀磁场中，当导线以速率v 水平向右平动时，求导线中感应电动势E 的大小，哪一端电势较高9分析 本题及后面几题中的电动势均为动生电动势，除仍可由tΦE d d -=求解外（必须设法构造一个闭合回路），还可直接用公式()l B d ⋅⨯=⎰l E v 求解．在用后一种方法求解时，应注意导体上任一导线元ｄl 上的动生电动势()l B d d ⋅⨯=v E .在一般情况下，上述各量可能是ｄl 所在位置的函数．矢量（v ×B ）的方向就是导线中电势升高的方向． 解1 如图（ｂ）所示，假想半圆形导线O P 在宽为2R 的静止形导轨上滑动，两者之间形成一个闭合回路．设顺时针方向为回路正向，任一时刻端点O 或端点P 距 形导轨左侧距离为x ，则B R Rx Φ⎪⎭⎫ ⎝⎛+=2π212 即B R tx RB t ΦE v 2d d 2d d -=-=-= 由于静止的 形导轨上的电动势为零，则E ＝－2R v B ．式中负号表示电动势的方向为逆时针，对OP 段来说端点P 的电势较高． 解2 建立如图（c ）所示的坐标系，在导体上任意处取导体元ｄl ，则()θR θB l θB E o d cos d cos 90sin d d v v ==⋅⨯=l B vB R θθBR E v v 2d cos d E π/2π/2===⎰⎰- 由矢量（v ×B ）的指向可知，端点P 的电势较高．10 解3 连接OP 使导线构成一个闭合回路．由于磁场是均匀的，在任意时刻，穿过回路的磁通量==BS Φ常数.由法拉第电磁感应定律tΦE d d -=可知，E ＝0 又因 E ＝E OP ＋E PO即 E OP ＝－E PO ＝2R v B由上述结果可知，在均匀磁场中，任意闭合导体回路平动所产生的动生电动势为零；而任意曲线形导体上的动生电动势就等于其两端所连直线形导体上的动生电动势．上述求解方法是叠加思想的逆运用，即补偿的方法．8 －11 长为L 的铜棒，以距端点r 处为支点，以角速率ω绕通过支点且垂直于铜棒的轴转动.设磁感强度为B 的均匀磁场与轴平行，求棒两端的电势差．分析 应该注意棒两端的电势差与棒上的动生电动势是两个不同的概念，如同电源的端电压与电源电动势的不同．在开路时，两者大小相等，方向相反（电动势的方向是电势升高的方向，而电势差的正方向是电势降落的方向）．本题可直接用积分法求解棒上的电动势，亦可以将整个棒的电动势看作是O A 棒与O B 棒上电动势的代数和，如图（ｂ）所示．而E O A 和E O B 则可以直接利用第８ －2 节例1 给出的结果．解1 如图（ａ）所示，在棒上距点O 为l 处取导体元ｄl ，则()()r L lB ωl lB ωE L-r r AB AB 221d d --=-=⋅⨯=⎰⎰-l B v 因此棒两端的电势差为()r L lB ωE U AB AB 221--== 当L ＞2r 时，端点A 处的电势较高解2 将AB 棒上的电动势看作是O A 棒和O B 棒上电动势的代数和，如图（ｂ）所示．其中221r ωB E OA =,()221r L B ωE OB -= 则()r L BL ωE E E OB OA AB 221--=-= 8 －12 如图所示，长为L 的导体棒OP ，处于均匀磁场中，并绕OO ′轴以角速度ω旋转，棒与转轴间夹角恒为θ，磁感强度B 与转轴平行．求OP 棒在图示位置处的电动势．分析 如前所述，本题既可以用法拉第电磁感应定律t ΦE d d -= 计算（此时必须构造一个包含OP 导体在内的闭合回路， 如直角三角形导体回路OPQO ），也可用()l B d ⋅⨯=⎰lE v 来计算．由于对称性，导体OP 旋转至任何位置时产生的电动势与图示位置是相同的．解1 由上分析，得()l B d ⋅⨯=⎰OP OP E v l αB l o d cos 90sin ⎰=v()()l θB θωl o d 90cos sin ⎰-=l()⎰==L θL B ωl l θB ω022sin 21d sin 由矢量B ⨯v 的方向可知端点P 的电势较高．解2 设想导体OP 为直角三角形导体回路OPQO 中的一部分，任一时刻穿过回路的磁通量Φ为零，则回路的总电动势QO PQ OP E E E t ΦE ++==-=0d d 显然，E QO ＝0，所以()221PQ B ωE E E QO PQ OP ==-= 由上可知，导体棒OP 旋转时，在单位时间内切割的磁感线数与导体棒QP 等效．后者是垂直切割的情况．8 －13 如图（ａ）所示，金属杆AB 以匀速12.0m s -=⋅v 平行于一长直导线移动，此导线通有电流I ＝40A ．求杆中的感应电动势，杆的哪一端电势较高分析 本题可用两种方法求解．（1） 用公式()l B d ⋅⨯=⎰lE v 求解，建立图（a ）所示的坐标系，所取导体元x l d d =，该处的磁感强度xI μB π20=．（2） 用法拉第电磁感应定律求解，需构造一个包含杆AB 在内的闭合回路．为此可设想杆AB 在一个静止的形导轨上滑动，如图（ｂ）所示．设时刻t ，杆AB 距导轨下端CD 的距离为y ，先用公式⎰⋅=SΦS B d 求得穿过该回路的磁通量，再代入公式tΦE d d -=，即可求得回路的电动势，亦即本题杆中的电动势． 解1 根据分析，杆中的感应电动势为()V 1084.311ln 2πd 2πd d 50m 1.1m 1.00-⨯-=-=-==⋅⨯=⎰⎰v v v I μx x μxl E AB AB l B 式中负号表示电动势方向由B 指向A ，故点A 电势较高． 解2 设顺时针方向为回路AB CD 的正向，根据分析，在距直导线x 处，取宽为ｄx 、长为y 的面元ｄS ，则穿过面元的磁通量为x y xI μΦd 2πd d 0=⋅=S B 穿过回路的磁通量为11ln 2πd 2πd 0m1.1m 1.00⎰⎰-===S Iy μx y x I μΦΦ 回路的电动势为V 1084.32πd d 11ln 2πd d 500-⨯-=-=-=-=Iy μt y x I μt ΦE 由于静止的形导轨上电动势为零，所以 V 1084.35-⨯-==E E AB式中负号说明回路电动势方向为逆时针，对AB 导体来说，电动势方向应由B 指向A ，故点A 电势较高．8 －14 如图（ａ）所示，在“无限长”直载流导线的近旁，放置一个矩形导体线框，该线框在垂直于导线方向上以匀速率v 向右移动，求在图示位置处，线框中感应电动势的大小和方向．分析 本题亦可用两种方法求解．其中应注意下列两点：1．当闭合导体线框在磁场中运动时，线框中的总电动势就等于框上各段导体中的动生电动势的代数和．如图（ａ）所示，导体eh 段和fg 段上的电动势为零［此两段导体上处处满足()0l B =⋅⨯d v ］，因而线框中的总电动势为()()()()hg ef hgef gh ef E E E -=⋅⨯-⋅⨯=⋅⨯+⋅⨯=⎰⎰⎰⎰l B l B l B l B d d d d v v v v 其等效电路如图（ｂ）所示．2．用公式tΦE d d -=求解，式中Φ是线框运动至任意位置处时，穿过线框的磁通量．为此设时刻t 时，线框左边距导线的距离为ξ，如图（c ）所示，显然ξ是时间t 的函数，且有v =tξd d ．在求得线框在任意位置处的电动势E （ξ）后，再令ξ＝d ，即可得线框在题目所给位置处的电动势．解1 根据分析，线框中的电动势为hg ef E E E -=()()⎰⎰⋅⨯-⋅⨯=hgef l B l B d d v v ()⎰⎰+-=2201000d 2πd 2πl l l l d I μl d I μv v ()1202πl d I I μ+=1vI 由E ef ＞E hg 可知，线框中的电动势方向为efgh ．解2 设顺时针方向为线框回路的正向．根据分析，在任意位置处，穿过线框的磁通量为()()ξl ξξx Il μdx ξx Il μΦl 120020ln π2π21++=+=⎰ 相应电动势为()()1120π2d d l ξξl l I μt ΦξE +=-=v 令ξ＝d ，得线框在图示位置处的电动势为 ()1120π2l d d l l I μE +=v 由E ＞0 可知，线框中电动势方向为顺时针方向．*8 －15 有一长为l ，宽为b 的矩形导线框架，其质量为m ，电阻为R ．在t ＝0时，框架从距水平面y ＝0 的上方h 处由静止自由下落，如图所示．磁场的分布为：在y ＝0 的水平面上方没有磁场；在y ＝0 的水平面下方有磁感强度为B 的均匀磁场，B 的方向垂直纸面向里．已知框架在时刻t 1 和t 2 的位置如图中所示．求在下述时间内，框架的速度与时间的关系：（1） t 1 ≥t ＞0，即框架进入磁场前；（2） t 2 ≥t ≥t 1 ，即框架进入磁场， 但尚未全部进入磁场；（3）t ＞t 2 ，即框架全部进入磁场后．分析 设线框刚进入磁场（t 1 时刻）和全部进入磁场（t 2 时刻）的瞬间，其速度分别为v 10 和v 20 ．在情况（1）和（3）中，线框中无感应电流，线框仅在重力作用下作落体运动，其速度与时间的关系分别为v ＝gt （t ＜t 1）和v ＝v 20 ＋g （t －t 2 ）（t ＞t 2 ）．而在t 1＜t ＜t 2这段时间内，线框运动较为复杂，由于穿过线框回路的磁通量变化，使得回路中有感应电流存在，从而使线框除受重力外，还受到一个向上的安培力F A ，其大小与速度有关，即()A A F F =v ．根据牛顿运动定律，此时线框的运动微分方程为()tv v d d m F mg A =-，解此微分方程可得t 1＜t ＜t 2 时间内线框的速度与时间的关系式．解 （1） 根据分析，在1t t ≤时间内，线框为自由落体运动，于是()11t t gt ≤=v 其中1t t =时，gh 2101==v v（2） 线框进入磁场后，受到向上的安培力为v Rl B IlB F A 22== 根据牛顿运动定律，可得线框运动的微分方程tv m v d d 22=-R l B mg 令mRl B K 22=，整理上式并分离变量积分，有 ⎰⎰=-t t t g 110d d vv Kv v 积分后将gh 210=v 代入，可得()()[]1212t t K e gh K g g K----=v （3） 线框全部进入磁场后（t ＞t 2），作初速为v 20 的落体运动，故有()()()[]()222031221t t g e gh K g g Kt t g t t K -+--=-+=--v v 8 －16 有一磁感强度为B 的均匀磁场，以恒定的变化率t d d B 在变化．把一块质量为m 的铜，拉成截面半径为r 的导线，并用它做成一个半径为R 的圆形回路．圆形回路的平面与磁感强度B 垂直．试证：这回路中的感应电流为td d π4B d ρm I =式中ρ 为铜的电阻率，d 为铜的密度． 解 圆形回路导线长为πR 2，导线截面积为2πr ，其电阻R ′为22rR ρS l ρR ==' 在均匀磁场中，穿过该回路的磁通量为BS Φ=，由法拉第电磁感应定律可得回路中的感应电流为t t t d d 2πd d π1d d 122B ρRr B R R ΦR R E I ='='='= 而2ππ2r R d m =，即dm Rr π2π2=，代入上式可得 td d π4B d ρm I = 8 －17 半径为R ＝2.0 cm 的无限长直载流密绕螺线管，管内磁场可视为均匀磁场，管外磁场可近似看作零．若通电电流均匀变化，使得磁感强度B 随时间的变化率td d B 为常量，且为正值，试求：（1） 管内外由磁场变化激发的感生电场分布；（2） 如1s T 010.0d d -⋅=tB ，求距螺线管中心轴r ＝5．0 cm 处感生电场的大小和方向．分析 变化磁场可以在空间激发感生电场，感生电场的空间分布与场源———变化的磁场（包括磁场的空间分布以及磁场的变化率td d B 等）密切相关，即S B l E d d ⋅∂∂-=⎰⎰S S k t .在一般情况下，求解感生电场的分布是困难的．但对于本题这种特殊情况，则可以利用场的对称性进行求解．可以设想，无限长直螺线管内磁场具有柱对称性，其横截面的磁场分布如图所示．由其激发的感生电场也一定有相应的对称性，考虑到感生电场的电场线为闭合曲线，因而本题中感生电场的电场线一定是一系列以螺线管中心轴为圆心的同心圆．同一圆周上各点的电场强度E k 的大小相等，方向沿圆周的切线方向．图中虚线表示r ＜R 和r ＞R 两个区域的电场线．电场线绕向取决于磁场的变化情况，由楞次定律可知，当0d d <t B 时，电场线绕向与B 方向满足右螺旋关系；当0d d >t B 时，电场线绕向与前者相反．解 如图所示，分别在r ＜R 和r ＞R 的两个区域内任取一电场线为闭合回路l （半径为r 的圆），依照右手定则，不妨设顺时针方向为回路正向．（1） r ＜R ， tB r t r E E k l k d d πd d d π2d 2-=⋅-=⋅=⋅=⎰⎰S B l E tB r E k d d 2-= r ＞R ， t B R t r E E k lk d d πd d d π2d 2-=⋅-=⋅=⋅=⎰⎰S B l E tB r R E k d d 22-= 由于0d d >tB ，故电场线的绕向为逆时针． （2） 由于r ＞R ，所求点在螺线管外，因此tB r R E k d d 22-= 将r 、R 、tB d d 的数值代入，可得15m V 100.4--⋅⨯-=k E ，式中负号表示E k 的方向是逆时针的．8 －18 在半径为R 的圆柱形空间中存在着均匀磁场，B 的方向与柱的轴线平行．如图（ａ）所示，有一长为l 的金属棒放在磁场中，设B 随时间的变化率tB d d 为常量．试证：棒上感应电动势的大小为分析 变化磁场在其周围激发感生电场，把导体置于感生电场中，导体中的自由电子就会在电场力的作用下移动，在棒内两端形成正负电荷的积累，从而产生感生电动势．由于本题的感生电场分布与上题所述情况完全相同，故可利用上题结果，由⎰⋅=lk E l E d 计算棒上感生电动势．此外，还可连接OP 、OQ ，设想PQOP 构成一个闭合导体回路，用法拉第电磁感应定律求解，由于OP 、OQ 沿半径方向，与通过该处的感生电场强度E k 处处垂直，故0d =⋅l E k ，OP 、OQ 两段均无电动势，这样，由法拉第电磁感应定律求出的闭合回路的总电动势，就是导体棒PQ 上的电动势．证1 由法拉第电磁感应定律，有 22Δ22d d d d d d ⎪⎭⎫ ⎝⎛-==-==l R l t B t B S t ΦE E PQ 证2 由题８ －17可知，在r ＜R 区域，感生电场强度的大小tB r E k d d 2= 设PQ 上线元ｄx 处，E k 的方向如图（b ）所示，则金属杆PQ 上的电动势为()()222202/2d d d 2/d d 2d cos d l R l t B x r l R t B r x θE E l k k PQ -=-==⋅=⎰⎰x E 讨论 假如金属棒PQ 有一段在圆外，则圆外一段导体上有无电动势 该如何求解8 －19 截面积为长方形的环形均匀密绕螺绕环，其尺寸如图（ａ）所示，共有N 匝（图中仅画出少量几匝），求该螺绕环的自感L ．分析 如同电容一样，自感和互感都是与回路系统自身性质（如形状、匝数、介质等）有关的量．求自感L 的方法有两种：1．设有电流I 通过线圈，计算磁场穿过自身回路的总磁通量，再用公式IΦL =计算L ．2．让回路中通以变化率已知的电流，测出回路中的感应电动势E L ，由公式t I E L L d /d =计算L ．式中E L 和tI d d 都较容易通过实验测定，所以此方法一般适合于工程中．此外，还可通过计算能量的方法求解．解 用方法1 求解，设有电流I 通过线圈，线圈回路呈长方形，如图（ｂ）所示，由安培环路定理可求得在R 1 ＜r ＜R 2 范围内的磁场分布为xNI μB π20=由于线圈由N 匝相同的回路构成，所以穿过自身回路的磁链为 12200ln π2d π2d 21R R hI N μx h x NI μN N ψS R R ==⋅=⎰⎰S B 则1220ln π2R R h N μI ψL = 若管中充满均匀同种磁介质，其相对磁导率为μr ，则自感将增大μr 倍．8 －20 如图所示，螺线管的管心是两个套在一起的同轴圆柱体，其截面积分别为S 1 和S 2 ，磁导率分别为μ1 和μ2 ，管长为l ，匝数为N ，求螺线管的自感．（设管的截面很小）分析 本题求解时应注意磁介质的存在对磁场的影响．在无介质时，通电螺线管内的磁场是均匀的，磁感强度为B 0 ，由于磁介质的存在，在不同磁介质中磁感强度分别为μ1 B 0 和μ2 B 0 ．通过线圈横截面的总磁通量是截面积分别为S 1 和S 2 的两部分磁通量之和．由自感的定义可解得结果．解 设有电流I 通过螺线管，则管中两介质中磁感强度分别为I L N μnl μB 111==,I LN μnl μB 222== 通过N 匝回路的磁链为221121S NB S NB ΨΨΨ+=+=则自感2211221S μS μlN I ψL L L +==+= 8 －21 有两根半径均为a 的平行长直导线，它们中心距离为d ．试求长为l的一对导线的自感（导线内部的磁通量可略去不计）．分析 两平行长直导线可以看成无限长但宽为d 的矩形回路的一部分．设在矩形回路中通有逆时针方向电流I ，然后计算图中阴影部分（宽为d 、长为l ）的磁通量．该区域内磁场可以看成两无限长直载流导线分别在该区域产生的磁场的叠加．解 在如图所示的坐标中，当两导线中通有图示的电流I 时，两平行导线间的磁感强度为()r d I μr I μB -+=π2π200 穿过图中阴影部分的磁通量为 aa d l μr Bl ΦS a d a -==⋅=⎰⎰-ln πd d 0S B 则长为l 的一对导线的自感为aa d l μI ΦL -==ln π0 如导线内部磁通量不能忽略，则一对导线的自感为212L L L +=．L 1 称为外自感，即本题已求出的L ，L 2 称为一根导线的内自感．长为l 的导线的内自感8π02l μL =，有兴趣的读者可自行求解． 8 －22 如图所示，在一柱形纸筒上绕有两组相同线圈AB 和A ′B ′，每个线圈的自感均为L ，求：（1） A 和A ′相接时，B 和B ′间的自感L 1 ；（2） A ′和B 相接时，A 和B ′间的自感L 2 ．分析 无论线圈AB 和A ′B ′作哪种方式连接，均可看成一个大线圈回路的两个部分，故仍可从自感系数的定义出发求解．求解过程中可利用磁通量叠加的方法，如每一组载流线圈单独存在时穿过自身回路的磁通量为Φ，则穿过两线圈回路的磁通量为2Φ；而当两组线圈按（1）或（2）方式连接后，则穿过大线圈回路的总磁通量为2Φ±2Φ，“ ±”取决于电流在两组线圈中的流向是相同或是相反．解 （1） 当A 和A ′连接时，AB 和A ′B ′线圈中电流流向相反，通过回路的磁通量亦相反，故总通量为0221=-=ΦΦΦ，故L 1 ＝0．（2） 当A ′和B 连接时，AB 和A ′B ′线圈中电流流向相同，通过回路的磁通量亦相同，故总通量为ΦΦΦΦ4222=+=， 故L I ΦI ΦL 4422===． 本题结果在工程实际中有实用意义，如按题（1）方式连接，则可构造出一个无自感的线圈．8 －23 如图所示，一面积为4.0 cm 2 共50 匝的小圆形线圈A ，放在半径为20 cm 共100 匝的大圆形线圈B 的正中央，此两线圈同心且同平面．设线圈A 内各点的磁感强度可看作是相同的．求：（1） 两线圈的互感；（2） 当线圈B 中电流的变化率为－50 A·ｓ－1 时，线圈A 中感应电动势的大小和方向．分析 设回路Ⅰ中通有电流I 1 ，穿过回路Ⅱ的磁通量为Φ21 ，则互感M ＝M 21 ＝Φ21I 1 ；也可设回路Ⅱ通有电流I 2 ，穿过回路Ⅰ的磁通量为Φ12 ，则21212I ΦM M == ． 虽然两种途径所得结果相同，但在很多情况下，不同途径所涉及的计算难易程度会有很大的不同．以本题为例，如设线圈B 中有电流I 通过，则在线圈A 中心处的磁感强度很易求得，由于线圈A 很小，其所在处的磁场可视为均匀的，因而穿过线圈A 的磁通量Φ≈BS ．反之，如设线圈A 通有电流I ，其周围的磁场分布是变化的，且难以计算，因而穿过线圈B 的磁通量也就很难求得，由此可见，计算互感一定要善于选择方便的途径．解 （1） 设线圈B 有电流I 通过，它在圆心处产生的磁感强度R I μN B B 200=穿过小线圈A 的磁链近似为 A B A A A A S RI μN N S B N ψ200== 则两线圈的互感为H 1028.6260-⨯===RS μN N I ψM A B A A （2）V 1014.3d d 4-⨯=-=tI M E A 互感电动势的方向和线圈B 中的电流方向相同．8 －24 如图所示，两同轴单匝线圈A 、C 的半径分别为R 和r ，两线圈相距为d ．若r 很小，可认为线圈A 在线圈C 处所产生的磁场是均匀的．求两线圈的互感．若线圈C 的匝数为N 匝，则互感又为多少解 设线圈A 中有电流I 通过，它在线圈C 所包围的平面内各点产生的磁感强度近似为()2/322202d R IR μB +=穿过线圈C 的磁通为 ()22/32220π2r d R IR μBS ψC +==则两线圈的互感为 ()2/3222202πdR R r μI ψM +== 若线圈C 的匝数为N 匝，则互感为上述值的N 倍． 8 －25 如图所示，螺绕环A 中充满了铁磁质，管的截面积S 为2.0 cm 2 ，沿环每厘米绕有100 匝线圈，通有电流I 1 ＝4.0 ×10 －2 A ，在环上再绕一线圈C ，共10 匝，其电阻为0.10 Ω，今将开关Ｓ 突然开启，测得线圈C 中的感应电荷为2.0 ×10 －3C ．求：当螺绕环中通有电流I 1 时，铁磁质中的B 和铁磁质的相对磁导率μr ．分析 本题与题８ －８ 相似，均是利用冲击电流计测量电磁感应现象中通过回路的电荷的方法来计算磁场的磁感强度．线圈C 的磁通变化是与环形螺线管中的电流变化相联系的． 解 当螺绕环中通以电流I 1 时，在环内产生的磁感强度110I n μμB r =则通过线圈C 的磁链为S I n μμN BS N ψr c 11022==设断开电源过程中，通过C 的感应电荷为q C ，则有()RS I n μμN ψR ψR qc r c c 110201Δ1=--=-= 由此得 T 10.02110===S N Rqc I n μμB r 相对磁导率1991102==I n μS N Rqc μr8 －26 一个直径为0.01 m ，长为0.10 m 的长直密绕螺线管，共1 000 匝线圈，总电阻为7.76 Ω．求：（1） 如把线圈接到电动势E ＝2.0 V 的电池上，电流稳定后，线圈中所储存的磁能有多少 磁能密度是多少*（2） 从接通电路时算起，要使线圈储存磁能为最大储存磁能的一半，需经过多少时间分析 单一载流回路所具有的磁能，通常可用两种方法计算：（1） 如回路自感为L （已知或很容易求得），则该回路通有电流I 时所储存的磁能221LI W m =，通常称为自感磁能．（2） 由于载流回路可在空间激发磁场，磁能实际是储存于磁场之中，因而载流回路所具有的能量又可看作磁场能量，即V w W V m m d ⎰=，式中m w 为磁场能量密度，积分遍及磁场存在的空间．由于μB w m 22=，因而采用这种方法时应首先求载流回路在空间产生的磁感强度B 的分布．上述两种方法还为我们提供了计算自感的另一种途径，即运用V w LI V m d 212⎰=求解L ． 解 （1） 密绕长直螺线管在忽略端部效应时，其自感l S N L 2=，电流稳定后，线圈中电流RE I =，则线圈中所储存的磁能为J 1028.3221522202-⨯===lRSE N μLI W m 在忽略端部效应时，该电流回路所产生的磁场可近似认为仅存在于螺线管。
第8章直流稳压电源习题及答案
图8.17（a）
图8.17（b）
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第 பைடு நூலகம் 章 半导体器件
【解】( 1 ) 在 0≤ωt ＜π半个周期内，电压 a 电位最高， b点电位最低。此时二极管 D1 承受正向电压而导通，二极管 D2承受反向电压而截止，电流自 a 点经 D1 通过负载 RL 而由 O 点返回。在π≤ωt＜2π半个周期内，a 点电位最低，b 点 电位最高，此时 D1 反向截止，D2 正向导通，电流自 b 点经 D2 通过负载 RL 而由 O 点返回。可见，当电源电压交变一次，两 只二极管在正，负半周各自轮流通，从而使负载得到了单向流 动的全波脉动电流和电压。
【解】 （1）负载直流电压
UO 1.2 U2 1.215 V 18 V
负载直流电流
IO
UO RL
18 A 0.06 300
A
图8.4
（2）二极管平均电流
ID
1 2
IO
1 0.06 2
A 0.03
A
一般取
IF 2ID 2 0.03A 0.06 A
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第 8 章 半导体器件
（2）负载直流电压平均值
1
UO 2
0
2U2 sin t dt
2
U2 0.45 U2
（3）二极管电流也就是负载电流，其平均值为
ID
IO
UO RL
0.45
U2 RL
（4）在负半周期，整流元件D所受的最大反向电压
URm U2m 2 U2
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第 8 章 半导体器件
8.2.7 图8.17（a）(教材图 8.06 )为一全波整流电路，试 求： （1）在交流电压的正，负半周内,电流流通的路径；
病原微生物第8章细菌的感染的检查方法和防治原则习题与答案
病原微生物第8章细菌的感染的检查方法和防治原则习题与答案第8章细菌的感染的检查方法和防治原则一、选择题【A 型题】1．不属于血清学反应的试验是：A．协同凝集试验B．对流免疫电泳C．血凝抑制试验D．血凝试验E．Elek 平板毒力试验2．从有正常菌群存在的部位所采取的标本应接种在哪种培养基中分离培养病原菌？A．增菌培养基B．营养培养基C．选择鉴别培养基D．基础培养基E．特殊培养基3．分离培养细菌一般需多少时间？A．4~8 小时B．8~12 小时C．12~16 小时D．16~20 小时E．20-24小时4．下列哪种细菌需4~8 周培养才能长出可见菌落？A．大肠杆菌B．葡萄球菌C．破伤风梭菌D．白喉杆菌E．结核杆菌5．关于直接涂片镜检的叙述，下列哪项是正确的？A．适用于所有细菌感染疾病的初步检查B．方法简便易行，但均不能快速鉴定细菌C．只适用于形态和染色性上具有特征的病原菌D．其结果必须结合临床表现方有诊断价值E．以上都不是6、利用细菌生化反应鉴定细菌是根据：A．细菌酶活性差异B．细菌毒素活性差异C．细菌酶含量的差异D．细菌毒素种类的差异E．细菌分解代谢产物的差异7．白百破三联疫苗是指：A．白喉杆菌死疫苗、百日咳杆菌死菌苗、破伤风类毒素B．白喉杆菌活疫苗、百日咳杆菌活菌苗、破伤风类毒素C．白喉杆菌死疫苗、百日咳杆菌活菌苗、破伤风类毒素D．白喉杆菌活疫苗、百日咳杆菌死菌苗、破伤风类毒素E．白喉杆菌类毒素、百日咳杆菌死菌苗、破伤风类毒素8．白百破三联疫苗与其三种单一疫苗比较，其优点是：A．可减少接种次数和剂量B．可减少接种次数，但增加剂量C．可减少接种次数，而增强免疫效果D．可减少接种次数，但降低免疫效果E．以上都不是9．用马血清制备的抗毒素的缺点是：A．制备较困难B．纯度不高C．产量低D．可产生超敏反应E．不易保存10．丙种球蛋白的优点是：A．来源广B．易制备C．易保存D．含多种微生物的抗体E．免疫效果好11．采集细菌培养标本正确的作法是：A．采集有正常菌群的标本时需用洁净容器B．采局部病变标本前应先用消毒剂消毒局部C．必须在使用杭生素之前采集D．不能即时送检时均应置冰箱保存E．以上都不是12．关于血清学反应，正确的叙述是：A．用已知抗原侧抗体称血清学鉴定B．用颗粒性抗原与抗体反应的试验称沉淀反应C．用抗体致敏栽体（乳胶或红细胞等）与相应抗原反应称反向间接凝集试验D．用于鉴定炭疽芽胞杆菌的絮状试验称Ascoli 试验E．抗O 试验是一种沉淀反应13．关于ＰＣＲ技术，下列哪种叙述是错误的？A．是一种有细胞的分子克隆技术B．是一种DNA 扩增技术C．具有快速、灵敏和特异性强等特点D．可用于病毒DNA 片段的枪侧E．也可用于细菌等微生物DNA 片段的检侧14．测定细菌对药物敏感性的方法，下列哪种是错误的？A．纸碟法B．小杯法C．凹孔D．试管法E．电泳法15．关于死疫苗的叙述，下列哪项是错误的？A．选用免疫原性强的病原体用理化方法灭活而成B．较活疫苗易保存C．副作用较大D．需多次小剂量注射E．常制成联合疫苗16．鉴定葡萄球菌属时一般不用下列哪种方法？A．直接涂片镜检B．分离培养Ｃ．测定细菌素D．生化试验E．药物敏感试验17．关于人工被动免疫的叙述，下列哪项是错误的？A．直接注射免疫反应产物，使之产生相应免疫力B．作用快C．维持时间短D．可用于紧急预防E．也作为平时预防的方法18．下列哪种不是活疫苗制剂？A．减毒疫苗B．基因缺陷型疫苗C．化学疫苗D．DNA 重组型疫苗E．以上都不是19．关于血清学诊断，错误的叙述是：A．是一种用已知抗原侧抗体的免疫学检查方法B．常用于抗原性较强的病原菌感染性疾病的诊断C．是一种以效价为测量单位的半定量试验D．适用于病程短的传染病的诊断E．可用于人群免疫水平的调查20．下述哪项检查不能协助临床诊断？A．脓汁涂片找到革兰阳性葡萄串状球菌B．咽拭子涂片找到革兰阴性双球菌C．痰涂片找到抗酸杆菌D．脑脊液涂片找到革兰阴性杆菌E．瘀斑血中找到革兰阴性双球菌21．下列哪种物质不能直接刺激机体产生特异性抗体？A．霍乱死疫苗B．BCG C．青霉素D．白喉类毒素E．马抗破伤风痉孪毒素抗体22．下列哪项不能获得有效的特异性免疫？A．流脑流行期无症状感染者B．破伤风病愈后C．接种白百破D．注射丙种球蛋白E．新生儿吸吮初乳23.预防病毒感染性疾病最有效的方法是：A.使用抗毒素B.使用抗毒素化疗药物C.使用中草药D.免疫预防E.使用干扰素24.制备人类病毒疫苗最好选用：A.原代细胞B.次代细胞C.人胚二倍体细胞D.传代细胞E.器官细胞25.用于检测病毒蛋白成分的方法是：A. 斑点分子杂交法B.Southern 印迹法C.Western 印迹法 D.Northern 印迹法B. E.PCR 技术26.直接检查病毒颗粒既特异又敏感的方法是：A.光学显微镜B.电镜直接检查法C.疫苗电镜检查法D.直接免疫荧光检查法E.酶免疫组化法27．用于分析RNA 的分子杂交技术是：A.Southern 印迹法B.Western 印迹法C.斑点分子杂交法D.原位分子杂交法E.酶免疫组化法28.从理论上讲，减毒活疫苗的潜在危险是：A.回复突变为ts 突变株B.进入机体非寻常部位C.活化免疫细胞D.引起双重感染E.以上都不对29.那种方法分离培养病毒最简便、经济也最有前途？A.动物接种B.鸡胚接种C.组织块培养D.器官培养E.细胞培养30.最直接和最能说明病毒在组织细胞中生长的指标是：A.PH 值改变B.红细胞吸附C.干扰现象D.细胞病变E.蚀斑31.人工被动免疫最常抑制剂是：A.转移因子B.干扰素C.免疫核糖核酸D.免疫球蛋白E.白蛋白32.可用温度敏感突变株作疫苗的病毒是：A.甲型肝炎病毒B.狂犬病病毒C.乙脑病毒D.风疹病毒E.流感病毒33.迄今发现的结构最简单的病原因子是：A.病毒B.细菌C.真菌D.朊粒E.衣原体34.最有效的干扰素诱生剂是：A.聚肌胞B.泰洛龙C.脂多糖D.新霉素E.黄花35.感染性病毒数量的单位常用：A.CFUB.TCID50C.PFUD.CPEE.inclusion body36.下列哪种方法不能用于检测病毒颗粒或抗原？A.ELISAB.RIAC.IFAD.PCRE.IEM37.下列哪项不能代表病毒在细胞内增殖？A.细胞病变效应B.红细胞吸附C.细胞代谢的改变D.干扰现象E.细胞培养液浑浊38.下列哪种实验不是抗原抗体反应？A.中和实验B.病毒血凝实验C.补体结合实验D.血凝抑制实验E.凝胶免疫扩散实验39.关于包涵体的叙述，下列哪项是错误的？A.是病毒感染的检测指标之一B.可能是病毒增殖场所C.HCMV 的包涵体称内基小体D.可位于胞质，也可位于胞核E.可以是嗜酸性，也可为嗜碱性40.关于病毒血凝抑制试验，下列叙述哪项不正确？A.是测定血凝素的方法之一B.可用于病毒分型及亚型C.所用抗体为中和抗体D.是检测血凝抑制抗体的方法E.是一种非特异性试验41.目前用于测定病毒感染数量比较准确的方法是：A.电镜下直接计数B.红细胞凝集试验C.蚀斑试验D.ID50E.TCID5042.TCID50 可用于：A.鉴定病毒种类B.测定感染病毒的浓度C.测定病毒的细胞感染范围D.测定病毒DNA 和RNAE.病毒有无胞膜43 病毒感.染的微生物学检查结果的准确性关键取决于：A.病毒种类B.病毒毒力C.病毒抗原性D.标本的正确采集和运送 E.机体免疫力44.下列哪种检测方法可检测抗原并能定位？A.ELISAB.RIAC.Western blotD.PCRE.IFA45.下列哪种方法不能既可检测病毒抗原又可检测其抗体？A.免疫荧光技术B.酶免疫技术C.放射免疫法D.中和试验E.免疫电镜检查法46．关于二倍体细胞的叙述，下列哪项是错误的？A.可传代50～100 代左右B.常用于制备疫苗C.有二倍染色体数目D.无接触抑制生长E.常用于分离人类病毒47．细胞培养不包括：A.原代细胞培养B.次代细胞培养C.二倍体细胞培养D.传代细胞培养E.移植培养48．关于抗病毒药物的目的不包括：A.均有较重的毒性B.可产生耐药性C.对某些病毒感染有极好疗效D.其作用机制是阻断病毒复制过程E.干扰素对所有病毒均有效49．用动物接种病毒的目的不包括：A.分离不能用组织培养的病毒B.制备病毒感染的动物模型，研究发病机制C.病毒感染性疾病的快速诊断D.抗病毒药物疗效观察E.疫苗效果的观察50.鉴定真菌时，通常统一的标准培养基是:A.Sabouraud培养基B.含糖丰富的普通培养基C.加有放线菌酮的普通培养基D.玉米培养基 E.米汤培养基51.鉴定真菌时，必须用统一标准培养基的原因是:A.真菌难以在普通培养基上生长B.真菌易在标准培养基上生长C.真菌在不同培养基上菌落形态差异很大D.标准培养基成本低，易制备和保存E.在标准培养基上可观察自然状态下真菌的形态52.培养真菌的最适pH 值是:A.2.0～ 4.0B.3.0～ 5.0C.4.0～ 6.0D.5.0～7.0E.6.0～8.053.一般真菌生长的最适温度是:A.20～25℃B.22～28℃C.24～30℃D.26～32℃E.28～34℃54.深部感染的真菌最适生长温度是:A.25℃B.28℃C.30℃D.33℃E.37℃55.下列哪种培养方法便于观察真菌自然状态下的形态和结构?A.普通平板B.半固体培养基C.米汤培养基D.玻片小培养E.Sabouraud 培养基56.多细胞真菌的菌落类型是:A.酵母型B.类酵母型C.丝状型D.类丝状型E.混合型57.常用于真菌检查的染色法是:A.革兰染色法B.墨汁染色法C.乳酚棉蓝染色法D.美蓝染色法 E.镀银染色法58.在沙保培养基中加人放线菌酮是为了:A.促进真菌生长B.抑制细菌生长C.抑制螺旋体生长D.抑制污染真菌生长 E.抑制噬菌体生长59.鉴定真菌时以哪种培养基上的形态为准?A.沙保培养基B.玉米培养基C.高糖培养基D.吕氏斜面培养基E.罗氏培养基60.皮肤癣菌在沙保培养基上生长出菌落需:A.1～2 天B.1～4 天C.1～2 月D.1～2 周E.1～4 周61.对皮肤癣病一般不做血清学检查的原因是:A.皮肤癣菌无抗原性，不引起免疫反应B.皮肤癣病易根据临床表现进行病因诊断C.皮肤癣菌与皮肤腐生性真菌之间有共同抗原D.血清学检查麻烦，患者难以接受 E.皮肤癣菌仅引起细胞免疫而不引起体液免疫62.鉴定真菌的主要微生物学检查法，下列哪项是错误的?A.标本直接镜检B.玻片小培养镜检C.大培养观察菌落形态D.玻片小培养观察菌落E.培养观察菌落色素63.目前真菌感染的防治措施不包括:A.注意清洁卫生B.提高机体免疫力C.接种真菌疫苗D.合理使用抗生素E.使用酮康唑等抗真菌药【x 型题】1．细菌特异性免疫获得方式包括：A．显性感染B．隐性感染C．疫苗接种D．婴儿吸吮母乳E．注射抗毒素2．人工被动免疫的特点包括：A．免疫物质为抗体B．免疫物质为细胞因子C．免疫出现慢D．主要用于治疗E．可用于预防3．人工主动免疫的特点包括：A．免疫物质为抗原B．免疫物质为抗体C．免疫物质为类毒素D．免疫物质为抗毒素E．主要用于紧急顶防4．活疫苗较死疫苗优越表现在：A．接种的是抗原，较方便B．免疫效果较好且持久C．接种次数及剂量较少D．疫苗保存期较长E．可产生局部免疫作用5．下列哪些生物制剂可诱发机体产生特异性抗体？A．死疫苗B．活疫苗C．类毒素D．抗毒素E．内毒素6．人体非特异性免疫包括：A．屏障作用B．炎症反应C．干扰素作用D．抗毒素作用E．吞噬作用7．细菌学诊断标本的采集与送检正确做法是：A．根据病原菌致病特点的不同而收集不同标本B．采局部病变标本时应先用消毒剂，避免杂菌污染C．尽量采取病变明显部位的材料D．用于分离的标本均需冷藏快送E．标本必须在使用抗生素之前采集8、目前细菌的动物试验用于：A．分离细菌Ｂ．鉴定细菌C．测定ID50 D．测定LD50 E．测定MIC 9、细菌的生化检测试验及方法包括：A．气液相色谱法B．多聚酶链反应C．细菌药敏试验D．VP 试验E．硫化氢试验10、目前细胞免疫制剂有：A．BCG B．TF C．LFN 细胞D．IFN E．IL-211、对有泥土污染的深窄伤口除应作相应外科处理外，还应注射：A．TAT B．抗毒素C．类毒素D．LFT E．TF12 ．人工主动免疫的特点是：A．注射减毒活疫苗B．用于平时和紧急预防C．作用快而持久D．作用慢而维持时间长E．用于预防13、生物制品包括：A．类毒素B．抗毒素C．诊断血清D．诊断菌液E．菌苗14、病原菌鉴定的一般程序包括：A．直接涂片镜检B．分离培养C．生化鉴定D．血清学鉴定E．电镜观察15．下列哪些细菌的分型可用于传染源的追踪？A．血清学分型B．噬菌体分型C．细菌的耐药谱分型D．质粒指纹图谱法分型E．气液相色谱法分型16．与死疫苗比较，活疫苗的特点包括：A．接种次数少B．易保存C．剂量小而无副作用D．有潜在感染的危险性E．在体内能有限繁殖17．死疫苗的制剂包括：A．化学疫苗B．合成疫苗C．灭活疫苗D．减毒疫苗E．自身疫苗18．细菌动物试验主要用于：A．分离杂菌多的标本中某种病原菌B．豚鼠过敏现象的观察C．鉴定病原菌D．测定菌株毒性E．培养结核杆菌等难以培养的细菌19．自身菌苗的治疗机制可能是：A．增强非特异免疫力B．使机体脱敏C．增强特异性免疫D．增强体液免疫E．降低细菌的毒力20．减毒活疫苗细菌株可来自：A．自然界中分离B．健康带菌者体内分离C．自人工诱导突变株中筛选D．恢复期带菌者体内分离E．病人体内分离21．以自然感染途径接种疫苗的优点是：A．可产生细胞免疫B．可产生体液免疫C．便于接种D．可产生局部免疫E．疫苗易保存22. 既可检测病毒抗原又可检测抗体的方法有：A.免疫电镜检查法B.免疫荧光技术C.酶免疫技术D.斑点分子杂交法E.放射免疫法23.用人血清免疫球蛋白进行紧急预防效果较为肯定的疾病有：A.麻疹B.乙型肝炎C.甲型肝炎D.狂犬病E.脊髓灰质炎病毒24.临床上常取粪便标本作病毒检测材料的疾病是：A.甲型肝炎病毒B.狂犬病病毒C.脊髓灰质炎病毒D.乙型肝炎病毒E.EB 病毒25.从可疑病例中分离病毒，采集标本时应注意：A.在发病早期采集B.采集适当部位的标本C.标本应保持在低温环境D.标本应尽快送实验室E.在疾病晚期再次采集标本分离培养26.病毒感染的早期快速诊断方法有：A.光镜检查感染细胞内包涵体B.IEM 检测病毒颗粒C.检测病毒特异性IgMD.免疫标记技术检测病毒抗原E.核酸杂交技术检测病毒核酸27.检测病毒包涵体可以作为：A.病毒在细胞内增殖的标志之一B.病毒毒力强弱的标志之一C.某些病毒性疾病的诊断依据之一D.鉴定病毒必需的依据之一E.计算病毒颗粒数量的方法之一28.病毒感染的早期病因学诊断可采用：A.IEM 检测病毒颗粒B.ELISA 检测病毒抗原C.免疫荧光技术检测病毒抗原D.特异性IgG 测定E.特异性IgM 测定29.病毒感染的传统诊断方法有：A.IEM 检测病毒颗粒B.病毒分离培养C.免疫标记法检测标本中病毒抗原D.血清特异性IgG 的检测E.PCR 检测病毒核酸30.送检标本分离病毒应做到：A.冷藏、速送B.加入石灰酸防止污染C.60℃加热灭菌D.置50℅甘油盐水保存运送E.加入青霉素、链霉素抗菌31.组织培养的类型有：A.器官培养B.移植培养C.原代细胞培养D.次代细胞培养E.传代细胞培养32.鸡胚的哪些部位可用于病毒的接种A.绒毛尿囊膜B.尿囊膜C.羊膜腔D.鸡胚E.卵黄囊33.病毒感染的检查主要包括：A.病毒分离B.病毒鉴定C.药敏试验D.血清学诊断E.光镜直接观察inclusion body34.用动物分离病毒时应该：A.选择敏感的动物B.选择适宜的接种部位C.选择合适的年龄D.每天观察动物发病情况E.如不发病则报告阴性35.细胞病变包括：A.变圆B.坏死C.溶解D.脱落E.融合36.人工被动疫苗制剂包括：A.免疫血清B.人血清白蛋白C.胎盘球蛋白D.丙种球蛋白E.转移因子37.病毒血凝试验的目的是：A.了解有无含血凝素的病毒存在B.了解含血凝素病毒量的多少C.为血凝抑制试验作准备D.用于活病毒的半定量E.用于含血凝素病毒的分型38.能抑制病毒核酸复制的药物是：A.金刚烷胺B.阿糖腺苷C.阿糖胞苷D.无环鸟苷E.3－氮唑核苷39.组织培养的用途包括：A.病毒分离B.检测中和抗体C.制备补体结合抗原核疫苗D.用蚀斑试验进行病毒分离E.研究病毒发病机制40.下列哪几种病毒可出现血凝现象？A 流感病毒 B.痘病毒 C.副流感病毒 D.腮腺炎病毒 E.疱疹病毒41.下列哪些微生物在培养基中加放线菌酮即不能生长?A.白假丝酵母菌B.新生隐球菌C.肺炎支原体D.沙眼衣原体E.结核杆菌42.适于真菌生长的条件是:A.pH 偏碱B.pH 偏酸C.湿度高D.温度低E.有氧43.抗真菌药物包括:A.两性霉素 BB.克霉唑C.制霉菌素D.氟康唑E.酮康唑二、填空题1．机体可通过、和等多种方式获得特异性免疫。
第八章习题答案
9. 以KBrO3基准物标定Na2S2O3溶液的浓度，试问KBrO3与Na2S2O3的化学计量关系解：测定过程为：KBrO3在酸性介质中与过量的KI反应析出I2, 析出的I2用Na2S2O3溶液滴定。
相关反应方程式如下：BrO3-+I-+6H+ =3I2+3H2O+ Br-I2+ 2S2O32- =2 I-+ S4O62-综合两个反应可知：KBrO3~3I2~6Na2S2O3n KBrO3：n Na2S2O3=1:610．用同一KMnO4标准溶液分别滴定体积相等的FeSO4和H2C2O4溶液，消耗的KMnO4标准溶液体积相等，试问FeSO4和H2C2O4两种溶液浓度的比例关系为多少解：相关反应方程式如下:MnO4-+5Fe2++8H+ = Mn2++5 Fe3++4H2O2 MnO4-+5 C2O42-+16H+ = 2 Mn2++10CO2+8H2On MnO4-：n Fe2+=1:5n MnO4-：n C2O42-=2:5c(FeSO4)：c(H2C2O4)=2:111．假如有一邻苯二甲酸氢钾试样，其中邻苯二甲酸氢钾含量约为90%，其余为不与酸反应的惰性杂质，现用浓度为mol·L-1的NaOH标准溶液滴定，欲使滴定时碱液消耗体枳在25mL左右，则：(1)需称取上述试样多少克(2)若以mol·L-1的NaOH标准溶液滴定，情况又如何(3)通过(1)、(2)计算结果说明为什么在滴定分析中滴定剂的浓度常采用~0. 2 mol·L-1解：(1) M邻苯二甲酸氢钾=n NaOH=×25×10-3=×10-2molm邻苯二甲酸氢钾=M邻苯二甲酸氢钾×n NaOH/90%=≈(2) n NaOH=×25×10-3=×10-4molm邻苯二甲酸氢钾=M邻苯二甲酸氢钾×n NaOH/90%≈(3) 浓度常采用~0. 2 mol·L-1之间：m邻苯二甲酸氢钾≈～之间相对误差<%。
第八章习题答案
解：SO2+H2O=2H++SO32-
SO32-+I2+H2O=2I-+SO42-+2H+
w(Na2CO3) = 24.101030.2896105.99/0.8983=0.8235
w(NaOH)=[(31.4524.10)1030.289640.01]/0.8983=0.09481
18．有一纯的有机酸400mg，用0.1000mol·L-1NaOH溶液滴定，滴定曲线表明该酸为一元酸，加入32. 80mL NaOH溶液时达终点。当加入16. 40mL NaOH溶液时，pH值为4.20，根据上述数据求：
突跃范围：(0.14V+3× V)=0.23V~ (0.70V3× V)=0.52V
选亚甲基蓝；EIn= 0.36V，与化学计量点Esp= =0.33V符合。
20．用KMnO4法测定硅酸盐样品中的Ca2+含量。称取试样0.5863g，在一定条件下，将钙沉淀为CaC2O4，过滤、洗涤沉淀。将洗净的CaC2O4溶解于稀H2SO4中，用0.05052 molL1KMnO4标准溶液滴定，消耗25.64mL。计算硅酸盐中Ca的质量分数。
2MnO4-+5C2O42-+16H+=2Mn2++10CO2+8H2O
nMnO4-：nFe2+=1:5
nMnO4-：nC2O42-=2:5
c(FeSO4)：c(H2C2O4)=2:1
高等数学练习册第八章习题参考答案(1)
解 令x a cos t, y a sin t,
I
2 0
1 a2
[a 2
(cos
t
sin
t
)(
sin
t
)
(cos
t
sin
t
)
cos
t
]dt
2
0 dt 2 .
p55. 2.计算 ( x2 2xy)dx ( y2 2xy)dy,其中 L
L为抛物线y x2上从点(1,1)到点(1,1)的一段弧.
C
(2)曲线弧C的重心坐标为
xG
1 x( x, y)ds
MC
,yG
1 y( x, y)ds .
MC
p51.2.设光滑曲线L关于x轴对称, L1是L在x轴上方的部分, (1)若f ( x, y)在L上连续,且关于y为奇函数,则Biblioteka f ( x, y)ds 0 ; L
(2)若f ( x, y)在L上连续,且关于y为偶函数,
(1)当p点从点A(a , 0)经位于第一象限的弧段到 B(0,b)时, F所作的功;
(2)当p点经过全椭圆时,F所作的功.
p56. 解 F | F | F 0 x2 y2 ( x , y ) x2 y2 x2 y2
( x, y),
(1) W F d s ( x)dx ( y)dy
0
22
a2
2
| cos
t
| dt
2a 2
2 cos udu 2a2 .
20
2
0
p52. 3.计算 | xy | ds,其中L :圆周x2 y2 a2. L
解法1
I 4
2
a3
sin t
工程力学课后答案第8章
第8章 压杆稳定习题：1.【解】d 图临界力最大，b 图临界力最小。
2.【解】σBC =11.25MPa <[σst ]=16.83MPa ,BC 杆满足稳定性要求3.【解】最合理的情况为AB 、BC 两杆同时失稳，此时F 最大。
()βθ22222cr cos ππcos AC AB AB l EI l EI F F === ()βθ22222cr sin ππsin AC BC BCl EI l EI F F === 两式相除得到βθ2cot tan =即()βθ2cot arctan = 4. 【解】由于杆端的约束在各个方向相同，因此，压杆将在抗弯刚度最小的平面内失稳，即杆件横截面将绕其惯性矩为最小的形心主惯性轴转动。
32123min min b bh hb AI i === 欧拉公式适用于λ≥p λ，即min i l μ≥p2πσE 由此得到 l ≥m 76.1m 10200102105.032π103032π693p =⨯⨯⨯⨯⨯=-σμE b 故此压杆适用于欧拉公式时的最小长度为1.76m 。
5. 【解】（1）F cr =329.64kN（2）n =2.29<[n st ]=2.5，结构不安全6. 【解】（1）求挺杆的柔度挺杆的横截面为圆形，两端可简化为铰支座，μ=1，i=d/4计算柔度λ=μli=4μld=4×1×0.2570.008=128.5λ1=π√EσP =π√210×109240×106=92.9挺杆是细长压杆，使用欧拉公式计算临界压力（2）校核挺杆的稳定性I=πd464=π×0.008464=2.01×10−10m4P cr=π2EI(μl)2=π2×210×109×2.01×10−10(1×0.257)2=6.31kN工作安全系数n=P crP max=6.311.76=3.59所以挺杆满足稳定性要求7. 【解】[F]=53.31kN8. 【解】（1）F cr=355.31kN（2）bℎ=0.525。
第8章习题解答
第8章思考题及习题8参考答案一、填空1. 单片机存储器的主要功能是存储和。
答：程序、数据。
2．假设外部数据存储器2000H单元的内容为80H，执行下列指令后累加器A中的内容为。
MOV P2，#20HMOV R0，#00HMOVX A，@R0答：80H。
3．在存储器扩展中，无论是线选法还是译码法最终都是为扩展芯片的端提供控制信号。
答：片选。
4．起止范围为0000H～3FFFH的数据存储器的容量是 KB。
答：16KB。
5．在AT89S52单片机中，PC和DPTR都用于提供地址，但PC是为访问存储器提供地址，而DPTR是为访问存储器提供地址。
答：程序、数据。
6．11条地址线可选个存储单元，16KB存储单元需要条地址线。
答：2K，14。
7．4KB RAM存储器的首地址若为0000H，则末地址为 H。
答：0FFF。
8．若单片机外扩32KB 数据存储器的首地址若为4000H，则末地址为 H。
答：BFFF9. 设计一个以AT89S52单片机为核心的系统，如果不外扩程序存储器，使其内部8KB闪烁程序存储器有效，则其引脚应该接。
答：EA*，+5V10．74LS138是具有3个输入的译码器芯片，其输出常作片选信号，可选中片芯片中的任一芯片，并且只有1路输出为电平，其它输出均为电平。
答：8，低，高；二、单选1．区分AT89S51单片机片外程序存储器和片外数据存储器的最可靠方法是。
A．看其位于地址范围的低端还是高端B．看其离AT89S51单片机芯片的远近C．看其芯片的型号是ROM还是RAMD．看其是与RD信号连接还是与PSEN信号连接答：D2．访问片外数据存储器的寻址方式是。
A.立即寻址B.寄存器寻址C.寄存器间接寻址D.直接寻址答：C3．若要同时扩展4片2KB的RAM和4片4KB的ROM，则最少需要根地址线。
A、12B、13C、14D、154．当EA=1时，AT89S52单片机可以扩展的外部程序存储器的最大容量为。
A． 64KB B．60KB C．58KB D．56KB答：D5. 若某数据存储器芯片地址线为12根,那么它的存储容量为。
大学物理习题答案第八章
大学物理习题答案第八章-CAL-FENGHAI-(2020YEAR-YICAI)_JINGBIAN[习题解答]8-2 在一个容器内盛有理想气体，而容器的两侧分别与沸水和冰相接触(热接触)。
显然，当沸水和冰的温度都保持不变时，容器内理想气体的状态也不随时间变化。
问这时容器内理想气体的状态是否是平衡态为什么解不是平衡态，因为平衡态的条件有二：一是系统的宏观性质不随时间变化，二是没有外界的影响和作用。
题目所说的情况不满足第二条。
8-3 氧气瓶的容积是32 dm3 ，压强为130 atm，规定瓶内氧气的压强降至10 atm时，应停止使用并必须充气，以免混入其他气体。
今有一病房每天需用1.0 atm的氧气400 dm3 ，问一瓶氧气可用几天？解当压强为、体积为时，瓶内氧气的质量M1为.当压强降至、体积仍为时，瓶内氧气的质量M2为.病房每天用压强为、体积为的氧气质量m为.以瓶氧气可用n天：.8-4在一个容积为10 dm3 的容器中贮有氢气，当温度为7℃时，压强为50 atm。
由于容器漏气，当温度升至17℃时，压强仍为50 atm，求漏掉氢气的质量。
解漏气前氢气的质量为M1 , 压强为, 体积为, 温度为，于是M1可以表示为.漏气后氢气的质量为M2, 压强为, 体积为, 温度为, 于是M2可以表示为.所以漏掉氢气的质量为.计算中用到了氢气的摩尔质量。
8-5 气缸中盛有可视为理想气体的某种气体，当温度为T1 = 200 K时，压强和摩尔体积分别为p1 和V m1 。
如果将气缸加热，使系统中气体的压强和体积同时增大，在此过程中，气体的压强p 和摩尔体积V m满足关系p = αV m，其中α为常量。
(1)求常量α；(2)当摩尔体积增大到2V m1 时，求系统的温度。
解(1) 1 mol理想气体的物态方程可以表示为,当温度为T1 (= 200 K)、压强为p1 和摩尔体积为V m1时，上式应写为. (1)升温过程满足,在温度为T1 时，上式应写为, (2)将式(2)代入式(1)，得. (3)由上式可以解得或 .(2)根据式(3)可以得到,取，代入上式，得, (4)将式(4)与式(3)联立，可以求得. 8-8 证明式(8-9)。
第8章习题解答
第8章习题解答一. 选择题1. 关于类和对象，不正确的说法是（）A. 类是一种数据类型，它封装了数据和函数B. 类是对某一类对象的抽象C. 可以基于类这种数据类型定义类的引用D. 一个类的对象只有一个【答案】D【解析】类是一种数据类型，可以基于“类”这种数据类型定义多个称为“对象”的变量。
2. 类定义的外部，可以被访问的类的成员有（）A. public 的类成员B. public或private的类成员C. private或protected的类成员D. public或private 的类成员【答案】A【解析】类的成员数据或成员函数的访问属性分为三种情况：private、public和protected，即私有访问属性、公有访问属性和保护访问属性，类定义的外部只能访问公有访问属性的成员。
3 关于this 指针，说法错误的是（）A. this指针必须显式说明B. 当创建一个对象后，this 指针就指向该对象C. 成员函数拥有this指针D. 静态成员函数拥有this指针【答案】D【解析】this指针是一种特殊的指针，它指向成员函数当前操作的数据所属的对象。
不同的对象调用相同的成员函数时，this指针将指向不同的对象，也就可以访问不同对象的成员数据。
而静态成员函数是一个类的所有对象共享的成员，而不仅仅是某一对象的成员。
因此，可以在没有任何对象存在的情况下，可以使用静态成员函数，而使用this指针必须有明确的对象所指。
4. 调用形式参数为普通对象的函数时，系统会自动调用相应类的（）A. 名字不同于类名的一般成员函数B. 构造函数C. 析构函数D. 拷贝构造函数【答案】D【解析】若函数的形参为类的对象，调用函数时，实参赋值给形参，系统自动调用拷贝构造函数实现拷贝赋值。
5. 定义某类的对象后，再删除该对象，系统会自动调用（）A. 名字不同于类名的一般成员函数B. 拷贝构造函数C. 构造函数D. 析构函数【答案】D【解析】当对象生存期结束时，需要调用析构函数，释放对象所占的内存空间。
汽车发动机原理第8章 课后习题答案
第八章复习思考题1. NO的生成主要受那些因素影响？答：温度、氧的浓度、反应滞留时间。
2. 发动机中HC的生成有几条途径，其中哪一条为HC的主要来源？答：未燃碳氢化合物（HC）的生成与排出有三个渠道：其中HC总量的60%以上由废气（尾气）排出，另外的25%左右由曲轴箱窜气，从供油系统及其管路等处油蒸气漏泄占15%左右。
尾气排出为主要来源。
3. 分析空燃比，点火时间对汽油机排放的影响？答：由汽油机有害排放物浓度与空燃比关系可以得知，由于CO是缺氧条件下的不完全燃烧产物，随着空燃比增加，CO浓度逐渐下降；在大于理论空燃比以后，CO浓度已经很低了。
同时，NOx浓度两头低，中间高，NO浓度峰值出现在理论空燃比靠稀的一侧，反映出高的NO生成率必须兼具高温、富氧两个条件，缺一不可。
HC的走向则是两头高，中间低。
当浓混合气逐渐变稀，在缝隙容积与激冷层中混合气燃料比例减少，因此HC量减少。
处于最佳燃烧的空燃比范围内，HC及油耗均为最低。
但当混合气过稀，燃烧因不能稳定运行而失火，致使HC及油耗又重新回升。
减少点火提前角对降低NO及HC均有利，但以牺牲动力性为代价。
减小点火提前角，不仅降低燃烧最高温度、减少燃烧反应滞留时间，对降低NO十分有利；而且由于点火推迟，膨胀时的温度及排气温度均上升，这对降低HC也很有利。
4. 汽油车的蒸发及曲轴箱漏气通常采取什么办法控制？答：油蒸气吸附装置和曲轴箱强制通风系统5. 汽油机怠速，常用工况及全负荷时排气温度大致范围为多少？答：400~800℃6. 画出汽油机三种有害排放污染物（CO、HC、NO X）生成量与过量空气系数之间的关系曲线，并对曲线走势进行分析。
答：略7. 三元催化器在理论空燃比附近转换效率最高的原因是什么？答：三元催化剂包含铂（Pt）和铑（Rh）、钯（Pd），此外还含稀土氧化物等材料。
使用三元催化剂时，应将混合气成分严格控制在理论空燃比附近，这样催化剂才能促使CO及HC的氧化反应和NOx的还原反应同时进行，生成CO2、H2O及N2。
《会计基础》第八章习题及答案
第八章财务会计报告一、单项选择题1、在资产负债表中，资产是按照（）排列的。
A.清偿时间的先后顺序B.会计人员的填写习惯C.金额大小D.流动性大小2、下列报表中，不属于企业对外提供的动态报表的是（）。
A.利润表B.所有者权益变动表C.现金流量表D.资产负债表3、多步式利润表中的利润总额是以（）为基础来计算的。
A.营业收入B.营业成本C.投资收益D.营业利润4、按照我国的会计准则，资产负债表采用的格式为（）。
A.单步报告式B.多步报告式C.账户式D.混合式5、企业财务会计报告所提供的信息资料应具有时效性，这是指编制财务会计报告应符合（）的要求。
A.真实可靠B.相关可比C.全面完整D.编报及时6、关于企业利润构成，下列表述不正确的是（）。
A.企业的利润总额由营业利润、投资收益和营业外收入三部分组成B.营业成本=主营业务成本+其他业务成本C.利润总额=营业利润+营业外收入-营业外支出D.净利润=利润总额-所得税费用7、以下说法不正确的是（）。
A.通过资产负债表项目金额及其相关比率的分析，可以帮助报表使用者全面了解企业的资产状况，盈利能力，分析企业的债务偿还能力，从而为未来的经济决策提供参考信息B.负债一般分为流动负债和长期负债C.账户式资产负债表分为左右两方,左方为资产项目D.账户式资产负债表分为左右两方,右方为资产项目8、资产负债表是根据（）这一会计等式编制的。
A.收入－费用=利润B.现金流入－现金流出=现金净流量C.资产=负债+所有者权益+收入－费用D.资产=负债+所有者权益9、某企业本月主营业务收入为1 000 000元，其他业务收入为80 000元，营业外收入为90 000元，主营业务成本为760 000元，其他业务成本为50 000元，营业税金及附加为30 000元，营业外支出为75 000元，管理费用为40 000元，销售费用为30 000元，财务费用为15 000元，所得税费用为75 000元。
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第8章 热力学基础8-1 . 一定量的理想气体，其体积和压强依照 V =a p 的规律变化，其 中a 为已知常数，试求：（1）气体从体积V 膨胀到V 2所作的功；⑵ 体积为V i 时的温度T i 与体积为V 2时的温度T 2之比.解:V 2(1) : W 二 PdV V i8-2 .摩尔数相同的三种气体：H 、N 2、CQ （均视为刚性分子的理想气 体），它们从相同的初态出发，都经历等容吸热过程，若吸取相同的 热量，则：（1）三者的温度升高相同；（2）三者压强的增加也相同 上述两个结论是否正确？如有错误请作出正确的解答 . 解：因为E 覺…若Q 相同，但自由度不同，故温度改变也不同。
R M R Tmv体积不变，温度增量不同，压强的增量不同8-3 .一系统由习题8-3图中的a 态沿acb 到达b 态时，吸收热量350J , 同时对外作功126J 。
（1）如果沿adb 进行，则系统作功42J ，问这种 情况下系统吸收多少热量？ （2）当系统由b 态沿曲线bea 返回a 态 时，如果外界对系统作功84J ，问这种情况下系统是吸热还是放热？ 热量传递多少？ （3）若E d -E a =168J ，试求沿ad 及db 各吸热多少？v 2 2(2)： Ry = nRT |1T 1 V 2习题8-3图解：Q Y E WE acb = Q acb -W acb = 350 - 126 二224(』(1)V内能是态函数，故.'E abd「E acb故Q adb - E adb W adb 二224 42 二266(J)(2)Q ba - E ba W ba 一: Eacb W ba二_224 -84 二-308(J)放热(3)Q ad = E ad W ad =(E^E a) W adb= 168 42 =210( J)Q db f 'E db • O 二E b - E d= (E b -E a) (E a - E d)= (E b -E a) -(E d -E a) - E ab -168-/:- E acb-168 = 224 -168 二56(J)8-4 . 1mol单原子理想气体，从300K加热到350K,问在下列两过程中吸收了多少热量？增加了多少内能？对外作了多少功？(1)容积保持不变；(2)压强保持不变。
解：1 mol单原子理想气体i =38.31 (350 -300)=623.25(』2 2(1)等容Q v 二 E = 623.25(J),W/ 二0j十2 5(2)等压Q p 二C p. ：T R T 8.31 502 2= 1039(J)W p二Q p - ：E =1039-623.25 415.8(J)8-5• 解牛： 巳=P 。
= 1atm,T a 二T o =293K, V a 二V 。
—80 353(K),V c二 V d =2V °T 两过程的初末态相同，-R T a^- 8.31 (T c -T a ) 2 2 58.31 (353 -293)(1) W abc 二 W bc 二 RT b ln(V c )= kT b ln( V b2V oV 。
= 8.31 353 In 2 = 2033(J)Q abc -W abcE abc =2033 1246 = 3296(』(2)W adc 二 W ad 二 JT a l “(£) = KT a I n2 Va= 8.31 293 In 2 =1687(J)Q adc 八E adc W ad 二 1246 1687 二 2933(J)8-6 • 解: (1) N 2体积等温：pM 二 p 2V 2= V 2二 PM 』1 0.01=10%3)P 210绝执： pM 二 p 2V ； = V ^(_p l )1/r V^(0.1)1/1-4 0.01=3.73 10，m 3(2) N 2温度等温：T 2-T ^300K内能增量相同P 2 108-8 .解：由于过程为等温过程，所以其内能不 变且Q = A绝热：p ；」T i 」=p ；%」r _1=T ；二r =1118K P i(3) N ；对外做功等温：mp 1州=Q TRTI n(")又 PMmRT 二 p ；V ； M二 州 二 pMIn(旦)=1.013 1050.01 ln(4) =-4.67 103Jp ； 10 绝热：W s = r ：EC vm (T ; 一「)=(pM - p ；V ;) iRM；5 5 45= (1.013 10 0.01 -100 1.013 103.73 10一)一 8.3123:-6.9 10 (J)8-7 .理想气体由初始状态(p 。
,V °)经绝热膨胀至末态(p,V )，试证明 该过程中气体所作的功为：P 0V 0 - pV -1解： W s = r*E = -mC v,m (T -T0H m C v,m (T ° -T)MM .. C p,m i ；i ；•.； -ri /；…iC v,m ； '； r -1又.p^m RT「1冷“P °V ° - pV r -1已知平衡后体积变为：V =4V°/3 , V右=2V°/3所以：Q左二A左二vRTln 弘/3二P0V0ln 4Q右二A右二vRTIn2V o空二RV°In?习题8-8图外力做总功为:A = —（A左A右） =PV I门98-9 .解：PV 二m RTMMA: 400 2 R 300 m得：B:T B=225KC :T C = 75KC > A 等体过程W =0Mi.Q R T =1500J - - E m 2A > BW 二PdV =1000JM iE R T 二-500Jm 2Q 二W E = 500JB > C等压过程W = PdV - -400J：E 丄R ：T 二-1000Jm 2Q 二W ：E 二-1400J8-10 . 1mol理想气体经历某一过程, 其摩尔热容C求该过程的过程习题8-9方程。
解：根据热力学第一定律有：dQ 二pdV dEC=dQ」dV dE = CdT-pdV 丄 RdT dT dT 2又根据 pV 二 RT 二 pdV Vdp 二 RdT 联立上两式消dT 并注意到C p,m =R + C v,m ，dp （C p，m-C）dV =opC V ,m - C V(C p,m -C)所以过程方程为：pV C V ,Z 二C O nst8-11. 解：根据pV = RT 和P = KV 2可得温度3当体积从V i 膨胀到V 2时，温度由T^^Vr 变化到T 2R所以该过程中气体所作的功：、二：pdV 二:KV 2dV = j (V 23-V i 3) 气体吸收的热量：Q 二A rE 二上(V 23 -V ；) •丄Rg -T 1)321 i 33七-)K(V 2 -V 1 )21 i、Q (° +」K (V 23-V 13)1 i该过程中气体的摩尔热容：C m—3一冬 3(- -)RT 2-T 1K(V 23 -V 13)/ R3 28-12 . 1mol 的理想气体的T-V 图如习题8-12图所示，ab 为直线, 延长线通过O 点，求ab 过程气体对外所作的功。
所以C V，“护 得:3pV _ KVI —3KV 2% 2V.习题8-12图解：由pV = m RT= p = m R(T),由图知T 为恒量，故a > b 为等压过MM VV程.2V o可得a , b , c 的状态分别为：V i ©vR(」)fT 1(vRT v T) IzvR^V v N Y 卄a (, b( -,V 2,TJ , c( -,V 2,( -) T 1)V 1V 2V 2V 22vW = [(2V o-V o )RT o 28-13 . 解: (1)放于房间的热量等于将50kg 的0C 的水变成了 0C 的冰所需的热量Q=mC 熔解热=50 3.352 10—1.676 103J(2)此卡诺制冷机的制冷效率为:eT 2Q放27310.1所以：W =1.66 102 J8-14 .一定量的理想气体，其循环过程如习题 ab 为等温线，ca 为绝热线，试证明miI . V 1In IV 2C,') -1式中为比热容比。
解：设a 状态的温度为T 1，体积为V 1,据理想气体状态方程pV =vRT 和绝热过程方程 TV J Consta T b为等温吸热过程：Q ab=vRTI nV2V1b >c 等体放热过程：Q bc - 二v 丄R （T c -叽）=v 丄只川必）」一1] 2 2V ? c-• a 绝热过程：Q = 0所以循环效率:证毕。
8-15 .则有:Q 2 ~'Q3Q 2二 i 2（i 一 i ）在相同的高温热源和低温热源之间工作的热机中，卡诺机的 效率最高，当联合的两热机都为卡诺热机时，其最大可能的效n_ Q 吸一Q 放 Q ab —QbcQabHi]V 2 lnV lV 2Q i ~'Q 2Q i同时可推出Q VinQ i -Q 3Q i -Q ? +Q 2 -Q 3niQ i Q iQ g = i . Q^Q3（^ i ）Q i Q 2解:率为:8-16 .解：由空二 P b V b，得 T b二 300KT a T b ，Q ca 二 RTIn 垃=8.31 600 In 2 二 3456.0J 等温过程VbQ bc=C vT c-T b =| 8.31 600 -300 =3739.5J 等容过程5Q ab 二 C b T b -T a 沁 8.31 300 - 600 「6232.5J 等压过程2W ab =Q ab - ：E = —6232.5 -才 R T b —T a 1= -2493J W ca = Q ca = 3456.0J习题8-16图习题8-18图吸热BC 等容降温^E BC 9W BC =0,Q BC -，E BC：LBJL―・习题8-17图8-17 解：（1 ） AB 等温膨胀」E AB - °,WAB - Q AB ' 0放热3456 - 249313.38%Q Q仃1/ !氏时汕0耳 冬 卩8-18(2) CA绝热过程T1V1rJ =T C V2r(3)不是卡诺循环(4) AB过程Q A B=W AB =-BC过程Q m CQBC - MCv,mCA绝热过程Q CA=0=1 _Q2=1」Q BC丨=1Q1 QABM(1) 1 > 2等温线的熵变为，二T C二T1m RT1 ln(V2)V1r 1C v,m[1 - M V2 ]Rln(V2/V1).,£2 = S2 - S：咀=乞=EM V1)= Rln W)T T1T1=Rln 2 = 8.31 0.693 二5.76(J/K)(2) 1 > 4绝对热线和4 > 2等压线L S〔2= •■:S14 ■S42 =0 ■S42 2dQ4(T)p又pM = P4V；V_ P4(3)rr22C p dT4 T1/rIP1丿二 C p I n() = CplnpiVi = p2V2P11/r 〔1 w—I<2丿血/Rln金门2丨12丿=Rln 21 > 3等压线，3 > 2等容线的过程.=3Cp dT GdT_ 1 T 3 T寸1n(2V1VT=C pIn i T ^C vlnTiT i > 3 等压过程，故 T 3 T ,二 v 3V , =v 2y3 、2 等容过程，故 「2,汀3 二 P 2J P 3 二 P 2.f P l 二 V 仁'V 2 二.02 =7RI n(V 1) -Rl n(也)=Rl n22 V/ 2V 2-- =S 12=S 12= - -S 12因为熵是状态函数，熵变只与初末态有关，而这三个过程的初末解：（1）冰的溶解热C =335.2 103J/kg （ 水吸热，Q0）3A「dQ C m335.2"03S ,m0.5 = 613J/KT T273-335 2 況 103335.2 100.5 ： -571J/K 293态相同, 所以自然熵变也相同.8-19 . 解：Q 放二Q 吸，设最后其同温度为TC m (T , -T) =C m (T -丁2)二T , ■ T22TdQT1 TTdQ「2 TTC m dT「1 TT C m dTT2= Cm|ln(：)+ln(T 「 一卡T2 _二 C m 1 nT 1T2二 C m ln(T i T 2)24T 1T28-20 . (3)-0= 613-571 =42J/KA Ga 整理 2010.05.05。