2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)5
2014年高考物理二轮复习专题5：电场的基本性质ppt课件
q1q2 k (1)表达式：F＝ r2 ，式中 k 表示静电力常量，k＝9.0
×109 N·m2/C2. (2)适用条件：真空中的 点电荷 ．
2．电场强度、电势、电势差、电势能的区别与联系
电场强度 电势 电势差 描述电场 力做功的 本领 电势能 描述电荷在电 场中的能量、 电荷做功的电 场 的 能 的性质 的性质
图6－3
解析 b处电场线比a处密集，则b处电场强度大于a处电场 强度，故电荷在b处加速度大，A选项错；电荷做曲线运 动，轨迹向合外力的方向弯曲，又电荷带负电，所以电 场线从疏指向密，φa>φb，D错；负电荷从a运动到b过程 中，电场力对其做负功，电势能增加，B正确；由能量守 恒可知，电荷电势能增加，则动能减小，C选项正确 答案 BC
思维点拨 轨迹偏转方向―→粒子所受电场力方向 粒子带电性受力分析 Ｆ场强方向 ⇨判断选项 电场线疏密―→场强大小―→加速度大小 电场线与电势的关系―→电势高低
(2012·宝鸡市高三模拟) 如图6 预测2： －4所示，在真空中有两个带等量 负电的点电荷，分别置于P、Q两 点，O点是它们连线的中点，A、B、 C为P、Q连线的中垂线上的三点， 且OA＝OC，下列说法正确的是 ( )．
解析
由于电场力做负功，所以 Q 应带负电荷，由负点电
荷产生电场的电场线的分布规律可判断出 φB>φA，故 A 项 Q 错误；由 E＝k 2，r 不相等，所以 EA≠EB，B 项错误；由 φA r WA→∞ WB→∞ 1 ＝ 、φB＝ ，因为 WA→∞＝WB→∞，φA<φB<0，所以 q1 q2 q1 1 > ，即 q1<q2，故 C 项正确； q2
2 x qU qUL 2 偏转位移：y＝ x＝L,Ｆy＝2mdv2 v 2md 0 0
2014届高考物理第二轮复习方案 电学4 新人教版.
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）41.如图所示，AB、CD为一圆的两条直径且相互垂直，O点为圆心.空间存在一未知静电场，方向与圆周所在平面平行.现让一电子先从A点运动至C点，电势能减少了E p；又从C点运动到B点，电势能增加了E p.那么此空间存在的静电场可能是( )A.匀强电场，方向垂直于AB由O点指向C点B.匀强电场，方向垂直于AB由C点指向O点C.位于O点的正点电荷形成的电场D.位于D点的负点电荷形成的电场2.一点电荷仅受电场力作用，由A点无初速度释放，沿直线先后经过电场中的B点和C点.如图所示,点电荷在A、B、C三点的电势能分别用E A、E B和E C表示，则E A、E B、E C间的关系可能是( )A.E A>E B>E CB.E A<E B<E CC.E A<E C<E BD.E A>E C>E B3.如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，半径为r，将带等电荷量的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+q与O点的连线和OC夹角为30°，下列说法正确的是( )A.A、C两点的电势关系是φA=φCB.B、D两点的电势关系是φB=φDC.A、O点的场强大小、方向相同D.B、D点的场强大小、方向相同4．如图4所示，在平面直角中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0，点A处的电势为6 V，点B处的电势为3 V，则电场强度的大小为( )A．200 V/m B．200 3 V/m 图4C．100 V/m D．100 3 V/m5．一正电荷仅在电场力作用下，从A点运动到B点，速度大小随时间变化的图象如图5所示。
下列关于A、B两点电场强度E的大小和电势φ的高低的判断，正确的是( )A．E A>E B，φA>φ B 图5B ．E A ＝E B ，φA ＝φBC ．E A <E B ，φA >φBD ．EA <EB ，仅φA <φB6.如图9所示，AC 、BD 为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O ，半径为R 。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)152014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）151.如图中各图面积均为S 的线圈均绕其对称轴或中心轴在匀强磁场B 中以角速度ω匀速转动，能产生正弦交变电动势e=BS ωsin ωt 的图是( )2.如图所示，矩形线框置于竖直向下的磁场中，通过导线与灵敏电流表相连，线框在磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动，图中线框平面处于竖直面内，下述说法正确的是( )A ．因为线框中产生的是交变电流，所以电流表示数始终为零B ．线框通过图中位置瞬间，穿过线框的磁通量最大C ．线框通过图中位置瞬间，通过电流表的电流瞬时值最大D ．若使线框转动的角速度增大一倍，那么通过电流表电流的有效值也增大一倍3.面积为S 的两个电阻相同的线圈,分别放在如图所示的磁场中,图甲中是磁感应强度为B 0的匀强磁场,线圈在磁场中以周期T 绕OO ′轴匀速转动,图乙中磁场变化规律为02tB B cos Tπ=,从图示位置开始计时,则( )A.两线圈的磁通量变化规律相同B.两线圈中感应电动势达到最大值的时刻不同C.经相同的时间t(t＞T),两线圈产生的热量相同D.从此时刻起,经T/4时间,流过两线圈横截面的电荷量相同4．一台电风扇的额定电压为交流220 V。
在其正常工作过程中，用交流电流表测得某一段时间内的工作电流I随时间t的变化如图2所示。
这段时间内电风扇的用电量为( )图2A．3.9×10－2度B．5.5×10－2度C．7.8×10－2度D．11.0×10－2度5．有一不动的矩形线圈abcd，处于范围足够大的可转动的匀强磁场中，如图3所示。
该匀强磁场是由一对磁极N、S产生，磁极以OO′为轴匀速转动。
在t＝0时刻，磁场的方向与线圈平行，磁极N开始离开纸面向外转动，规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是( )图3图46．一台发电机的结构示意图如图5所示，其中N、S是永久磁铁的两个磁极，它们的表面呈半圆柱面形状。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)182014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）181.如图所示，闭合圆导线圈放置在匀强磁场中，线圈平面与磁场平行，其中ac、bd分别是平行、垂直于磁场方向的两条直径.试分析线圈做如下运动时，能产生感应电流的是( )A.使线圈在纸面内平动B.使线圈平面沿垂直纸面方向向纸外平动C.使线圈以ac为轴转动D.使线圈以bd为轴转动2.如图所示，闭合线圈abcd水平放置，其面积为S，匝数为n，线圈与匀强磁场B夹角为θ=45°.现将线圈以ab边为轴顺时针转动90°，则线圈在初、末位置磁通量的改变量的大小为( )A.0B.2BSC.2nBSD.无法计算3.如图6所示，A为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷，在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B，使B的环面水平且与圆盘面平行，其轴线与胶木盘A的轴线OO′重合。
现使胶木盘A由静止开始绕其轴线OO′按箭头所示方向加速转动，则( )A．金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力增大图6B．金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力减小C．金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力减小D．金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力增大4.如图7所示，AOC是光滑的金属轨道，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，PQ是一根金属直杆如图所示立在导轨上，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q端始终在OC上，空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，则在PQ杆滑动的过程中，下列判断正确的是( ) 图7A．感应电流的方向始终是由P→QB．感应电流的方向先是由P→Q，后是由Q→PC．PQ受磁场力的方向垂直杆向左D．PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右5．我国新发明的J－20隐形战机，现在正处于试飞阶段．由于地磁场的存在，飞机在我国上空一定高度水平飞行时，其机翼就会切割磁感线，机翼的两端之间会有一定的电势差．则从飞行员的角度看，机翼左端的电势比右端的电势()A．低B．高C．相等D．以上情况都有可能解析：北半球的地磁场的竖直分量向下，由右手定则可判定飞机无论向哪个方向飞行，由飞行员的角度看均为左侧机翼电势较高．答案：B6．如右图所示，在直线电流附近有一根金属棒ab，当金属棒以b端为圆心，以ab为半径，在过导线的平面内匀速旋转达到图中的位置时()A. a端聚积电子B. b端聚积电子C．金属棒内电场强度等于零D. φa>φb解析：根据右手螺旋定则可知，在导线右侧磁感线方向垂直于纸面向外，由右手定则知棒中电流方向由b指向a，由于金属棒相当于电源，在电源内部，电流是由负极流向正极，则B、D正确．答案：BD7．电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如下图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是()A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电解析：根据楞次定律判知电流从b到a，电容器下极板带正电．故选项D正确．答案：D8.如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动.则PQ所做的运动可能是( )A.向右加速运动B.向左加速运动C.向右减速运动D.向左减速运动9．如右图所示，置于水平面上的矩形线圈acdb一半处在磁场外，一半处在磁场内，e为ac的中点，f为bd的中点，ab＝L1，ac＝L2，在直线O1O2的左侧有范围广阔的磁感应强度为B的匀强磁场．若以ab边为轴，线圈从图示位置转过60°，则在此过程中线圈中有无感应电流产生？在转过90°的过程中磁通量的变化量为多少？在转过180°的过程中磁通量的变化量又为多少？解析：以ab 边为轴从图示位置转过60°的过程中，线圈在磁场中的有效面积不变，一直是12L 1L 2，故磁通量不发生变化，线圈中无感应电流产生．若转过90°，则磁通量的变化量为－12BL 1L 2.若转过180°，则末位置的磁通量为－BL 1L 2 ，初位置的磁通量为12BL 1L 2，磁通量的变化量为－32BL 1L 2.答案：无 －12BL 1L 2 －32BL 1L 210．磁感应强度为B 的匀强磁场仅存在于边长为2l 的正方形范围内，有一个电阻为R 、边长为l 的正方形导线框abcd ，沿垂直于磁感线方向，以速度v 匀速通过磁场，如右图所示，从ab 进入磁场时开始计时，到线框离开磁场为止．(1)画出穿过线框的磁通量随时间变化的图象；(2)判断线框中有无感应电流．若有，请判断出感应电流的方向．解析：线框穿过磁场的过程可分为三个阶段：进入磁场阶段(只有ab 边在磁场中)、在磁场中运动阶段(ab 、cd 两边都在磁场中)、离开磁场阶段(只有cd 边在磁场中)．(1)①线框进入磁场阶段：t 为0→lv ，线框进入磁场中的面积线性增加，S ＝l ·v ·t ，最后为Φ＝B·S＝Bl2.②线框在磁场中运动阶段：t为l v→2l v，线框磁通量为Φ＝Bl2，保持不变．③线框离开磁场阶段：t为2l v→3l v，线框磁通量线性减小，最后为零．(2)线框进入磁场阶段，穿过线框的磁通量增加，线框中将产生感应电流．由右手定则可知，感应电流方向为逆时针方向．线框在磁场中运动阶段，穿过线框的磁通量保持不变，无感应电流产生．线框离开磁场阶段，穿过线框的磁通量减小，线框中将产生感应电流．由右手定则可知，感应电流方向为顺时针方向．答案：(1)见解析(2)线框进入磁场阶段，电流方向为逆时针；线框在磁场中运动阶段，无电流；线框离开磁场阶段，电流方向为顺时针．11.如图8所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动。
2014届高考物理第二轮复习方案新题之电学实验1.pptx
1试结合图（a）简要回答，磁感应强度 B 在 0～0.2T 和 0.4～1.0T 范围内磁敏电阻的阻 值
随磁场变化的特点：
。 2某同学想利用磁敏电阻图（a）所示特性曲线测试某长直导线产生的磁场，设计电路如 图
（b）所示，磁敏电阻与电键、电源和灵敏电流表连接，长直导线与图示电路共面并通以图
示电流，请指出本实验装置的错误之处
V (保留三位有效
数 字 ； ) , 电 源 的 内 阻 r= _ _ _ _ _ _ _ Ω ( 保 留 两 位 有 效 数 字 ） （1）量程与被测电流值相比较太大（2 分） （2）0.603（2 分）（填 0.6 或 0.60 均给分） （3）R1（2 分） （4）1.48（3 分），
0.84（3 分）（0.70-0.90 之间都给分）
学海无涯
2014 届高考物理第二轮复习方案新题之电学实验 1
1、在“练习使用多用电表”实验中，某同学进行了如下的操作： 1用多用电表电阻档测量某一电阻的阻值时，该同学先用大拇指和食指紧捏红黑表笔进行 欧 姆调零（如图 a 所示），然后用两表笔接触待测电阻的两端（如图 b 所示），这两步操作是否 合理？ （填“a 合理”或“b 合理”或“都不合理”）
学海无 涯
（2）某同学在实验中测出电流表○A和电流表○G的示数 I 和 Ig 根据记录数据作出 Ig—I 图象
如图丙所示，根据图象可求得，被测电池的电动势 E=
V，内阻 r=
Ω。（计算
结果保留两位小数）
3．(10 分)
（1）R2（2 分 ） 实物连接如右图（2 分）
（2）1.90（1.89 ± 0.02）（3 分） 0.50（0.50 ± 0.05）（3 分）
电键一个，导线若干。要求： （I）画出实验电路图（多用电表符号用○ 多表示）； （II）写出 RV的表达式（用字母表示）。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)32014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）31.电场线分布如下图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为E a和E b，电势分别为φa和φb，则()A．E a>E b，φa>φbB．E a>E b，φa<φbC．E a<E b，φa>φbD．E a<E b，φa<φb解析：电场线的疏密表示电场强度的大小，得E a<E b，所以A、B错误．沿着电场线方向电势降低，所以C正确，D错误．答案：C2．如下图(1)是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如下图(2)所示，则以下说法中正确的是()A．A、B两点的电场强度是E A<E BB．A、B两点的电势是φA>φBC．负电荷q在A、B两点的电势能大小是εA>εBD．此电场一定是负电荷形成的电场解析：由v－t图知，负电荷q做加速度增大的减速运动，故所受电场力变大，电场强度变大，E B>E A，A对，又因电场力的方向在(1)图中向左，故电场线的方向为A→B，则φA>φB，B正确．又ε＝qφ，对负电荷q，εA<εB，C错，根据电场线的方向和电场强度的特点知，此电场一定是负电荷形成的电场，D对．答案：ABD3.如下图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电荷量为10－6C的粒子在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10－5J.已知A点的电势为－10 V，则以下判断正确的是()A．粒子的运动轨迹如上图中的虚线1所示B．粒子的运动轨迹如上图中的虚线2所示C．B点电势为零D．B点电势为－20 V解析：根据题意分析得：粒子只受到电场力，当它从A点运动到B点时动能减少了，说明它从A点运动到B点电场力做了负功，所以偏转的情况应该如轨迹1所示，因而选项B错＝－10 V＝φA－φB，得φB＝0，故C正确．所误；根据电场力做功W＝qU，电势差U AB＝W ABq以选A、C.答案：AC4.如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势φ随x变化的情况如图乙所示，若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则 ( )A.电子将沿Ox方向运动B.电子的电势能将增大C.电子运动的加速度恒定D.电子运动的加速度先减小后增大5.真空中一点电荷形成的电场中的部分电场线如图所示，分别标记为1、2、3、4、5，且1、2和5、4分别关于3对称.以电场线3上的某点为圆心画一个圆，圆与各电场线的交点分别为a、b、c、d、e，则下列说法中正确的是( )A.电场强度E a>E cB.电势φb>φdC.将一正电荷由a点移到d点，电场力做正功D.将一负电荷由b点移到e点，电势能增大6．如图6所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等势线。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)132014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）131．目前有一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度．磁强计的原理如右图所示，电路有一段金属导体，它的横截面是宽为a 、高为b 的长方形，放在沿y 轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x 轴正方向、大小为I 的电流．已知金属导体单位体积中的自由电子数为n ，电子电荷量为e ，金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动．两电极M 、N 均与金属导体的前后两侧接触，用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U .则磁感应强度的大小和电极M 、N 的正负为( )A.nebU I，M 正、N 负B.neaU I ，M 正、N 负C.nebU I，M 负、N 正D.neaU I，M 负、N 正解析：由左手定则知，金属中的电子在洛仑兹力的作用下将向前侧面聚集，故M 负、N 正．由F 电＝F 洛即U a e ＝Be v ，I ＝ne v S ＝ne v ab ，得B ＝nebUI.暑期报名海外游学的人数增长达到答案：C2.某电子以固定的正电荷为圆心在匀强磁场中做匀速圆周运动,磁场方向垂直于它的运动平面,电子所受正电荷的电场力恰好是磁场对它的作用力的3倍,若电子电荷量为e,质量为m,磁感应强度为B,那么电子运动的可能角速度是( )A.4BemB.3BemC.2BemD.Be m3.如图所示，质量为m ，电荷量为e 的质子以某一初速度从坐标原点O 沿x 轴正方向进入场区，若场区仅存在平行于y 轴向上的匀强电场时，质子通过P(d ，d)点时的动能为5E k ；若场区仅存在垂直于xOy 平面的匀强磁场时，质子也能通过P 点.不计质子的重力.设上述匀强电场的电场强度大小为E ，匀强磁场的磁感应强度大小为B ，则下列说法中正确的是( )A. k3E E ed=B. k5E E ed=C. kmE B ed=D. k2mE B ed=4．如图所示，一束正离子从S 点沿水平方向射出，在没有偏转电场、磁场时恰好击中荧光屏上的坐标原点O ；若同时加上电场和磁场后，正离子束最后打在荧光屏上坐标系的第Ⅲ象限中，则所加电场E 和磁场B 的方向可能是( )A ．E 向下，B 向上 B ．E 向下，B 向下C ．E 向上，B 向下D ．E 向上，B 向上解析：离子打在第Ⅲ象限，相对于原点O 向下运动和向左运动，所以E 向下，B 向下．所以B 正确．答案：B5.北半球某处，地磁场水平分量B 1=0.8×10-4T ，竖直分量B 2=0.5×10-4T ，海水向北流动，海洋工作者测量海水的流速时，将两极板插入此海水中，保持两极板正对且垂线沿东西方向，两极板相距d=20 m ，如图所示，与两极板相连的电压表(可看做是理想电压表)示数为U=0.2 mV ，则( )A.西侧极板电势高，东侧极板电势低B.西侧极板电势低，东侧极板电势高C.海水的流速大小为0.125 m/sD.海水的流速大小为0.2 m/s6.环形对撞机是研究高能粒子的重要装置，其核心部件是一个高度真空的圆环状的空腔.若带电粒子初速度可视为零，经电压为U的电场加速后，沿圆环切线方向注入对撞机的环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B.带电粒子将被限制在圆环状空腔内运动.要维持带电粒子在圆环内做半径确定的圆周运动，下列说法中正确的是( )A.对于给定的加速电压，带电粒子的比荷q/m越大，磁感应强度B越大B.对于给定的加速电压，带电粒子的比荷q/m越大，磁感应强度B越小C.对于给定的带电粒子，加速电压U越大，粒子运动的周期越小D.对于给定的带电粒子，不管加速电压U多大，粒子运动的周期都不变7．如图所示，水平向左的匀强电场E＝4 V/m，垂直纸面向里的匀强磁场B＝2 T，质量m ＝1 g的带正电的小物块A，从M点沿绝缘粗糙的竖直壁无初速滑下，滑行0.8 m到N点时离开竖直壁做曲线运动，在P点时小物块A瞬时受力平衡，此时速度与水平方向成45°.若P与N的高度差为0.8 m，求：(1)A沿壁下滑过程中摩擦力所做的功；(2)P与N的水平距离．解析：分清运动过程，应用动能定理列式求解．(1)物体在N点时，墙对其弹力为零，水平方向Eq＝q v B，所以v＝EB＝2 m/s，由M→N过程据动能定理：mg MN＋W f＝12m v2－0，所以W f＝－6×10－3 J.(2)设在P点速度为v′其受力如下图所示，所以Eq＝mg，q v′B＝2Eq，得v′＝2 2 m/s.设N、P水平距离x，竖直距离y，物体由N→P过程电场力和重力做功，由动能定理mgy－Eq·x＝12m v′2－12m v2，得x＝0.6 m.答案：(1)－6×10－3 J(2)0.6 m8．如图所示，在第一象限有一匀强电场，场强大小为E，方向与y轴平行；在x轴下方有一匀强磁场，磁场方向与纸面垂直．一质量为m 、电荷量为－q (q >0)的粒子以平行于x 轴的速度从y 轴上的P 点处射入电场，在x 轴上的Q 点处进入磁场，并从坐标原点O 离开磁场．粒子在磁场中的运动轨迹与y 轴交于M 点．已知OP ＝l ，OQ ＝23l .不计重力．求：(1)M 点与坐标原点O 间的距离； (2)粒子从P 点运动到M 点所用的时间． 解析：(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，沿y 轴负方向上做初速度为零的匀加速运动，设加速度的大小为a ；在x 轴正方向上做匀速直线运动，设速度为v 0；粒子从P 点运动到Q 点所用的时间为t 1，进入磁场时速度方向与x 轴正方向夹角为θ，则a ＝qEm ①t 1＝2y 0a② v 0＝x 0t 1③其中x 0＝23l ，y 0＝l .又有tan θ＝at 1v 0④联立②③④式，得θ＝30°⑤因为M 、O 、Q 点在圆周上，∠MOQ ＝90°，所以MQ 为直径．从图中的几何关系可知，R ＝23l ⑥ MO ＝6l .⑦(2)设粒子在磁场中运动的速度为v ，从Q 到M 点运动的时间为t 2，则有v ＝v 0cos θ⑧t 2＝πR v ⑨带电粒子自P 点出发到M 点所用的时间t 为 t ＝t 1＋t 2⑩联立①②③⑤⑥⑧⑨⑩式，并代入数据得 t ＝⎝⎛⎭⎫32π＋1 2mlqE.答案：(1)6l (2)⎝ ⎛⎭⎪⎫32π＋1 2mlqE。
2014高考物理二轮复习与测试课件： 第5讲 功能关系在电学中的应用
答案：
AC
• 电场中的功能关系
•
(2013·天津卷·6)两个带等量正电的 点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连 线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一 点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释 放，只在静电力作用下运动，取无限远处的 电势为零，则( )
• • • •
A．q由A向O的运动是匀加速直线运动 B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小 C．q运动到O点时的动能最大 D．q运动到O点时的电势能为零
A．P＝2mgvsin θ B．P＝3mgvsin θ v g C．当导体棒速度达到 时加速度大小为 sin θ 2 2 D．在速度达到 2v 以后匀速运动的过程中，R 上产生的焦耳 热等于拉力所做的功
解析：
导体棒由静止释放，速度达到 v 时，回路中的电流
为 I，则根据共点力的平衡条件，有 mgsin θ＝BIL.对导体棒施加 一平行于导轨向下的拉力， 2v 的速度匀速运动时， 以 则回路中的 电流为 2I，则根据平衡条件，有 F＋mgsin θ＝B· 所以拉力 F 2IL ＝mgsin θ，拉力的功率 P＝F×2v＝2mgvsin θ，故选项 A 正确， v I 选项 B 错误；当导体棒的速度达到 时，回路中的电流为 ，根据 2 2 I g 牛顿第二定律，得 mgsin θ－B L＝ma，解得 a＝ sin θ，选项 C 2 2 正确；当导体棒以 2v 的速度匀速运动时，根据能量守恒定律，重 力和拉力所做的功之和等于 R 上产生的焦耳热，故选项 D 错误．
• 解析： 由题图等势面可知两 固定的等量异号点电荷的电场 分布如图所示．带负电的粒子 在等量异号点电荷所产生电场 中的偏转运动轨迹如图所示， 则粒子在电场中做曲线运 动．电场力对带负电的粒子先 做正功后做负功，电势能先变 小后变大，故C正确． • 答案： C
2014届高考物理第二轮复习方案之电学9
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）91．一电子以垂直于匀强磁场的速度v A，从A处进入长为d宽为h的磁场区域如下图所示，发生偏移而从B处离开磁场，若电荷量为e，磁感应强度为B，圆弧AB的长为L，则( )A．电子在磁场中运动的时间为t＝dv AB．电子在磁场中运动的时间为t＝Lv A C．洛仑兹力对电子做功是Bev A·h D．电子在A、B两处的速度相同解析：电子在磁场中只受洛仑兹力的作用，做匀速圆周运动，认为运动时间为t＝d v A是把电子作为类平抛运动了，圆周运动时可用t＝Lv A来计算；洛仑兹力与电子的运动方向始终垂直，故一定不做功；速度是矢量，电子在A、B两点速度的大小相等，而方向并不相同．答案：B2．一个质子和一个α粒子沿垂直于磁感线方向从同一点射入一个匀强磁场中，若它们在磁场中的运动轨迹是重合的，如下图所示，则它们在磁场中( )A．运动的时间相等B．加速度的大小相等C ．速度的大小相等D ．动能的大小相等解析：因m α＝4m H ，q α＝2q H ，据T ＝2πm qB ，知t α＝2t H ；据R ＝mvqB，知v H ＝2v α；据a＝v 2R ，知a α＝14a H; 据E k ＝12mv 2，知E kα＝E k H ，只有D 项正确． 答案：D3.如图所示,在通电直导线下方,有一电子沿平行导线方向以速度v 向左运动,则关于电子的运动轨迹和运动半径的判断正确的是( ) A.将沿轨迹Ⅰ运动,半径越来越小 B.将沿轨迹Ⅰ运动,半径越来越大 C.将沿轨迹Ⅱ运动,半径越来越小 D.将沿轨迹Ⅱ运动,半径越来越大4.电荷量为+q 的粒子在匀强磁场中运动，下面说法中正确的是( ) A.只要速度大小相同，所受洛伦兹力就相同B.如果把+q 改为-q ，且速度反向、大小不变，则洛伦兹力的大小、方向均不变C.洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向一定与电荷运动方向垂直D.粒子只受到洛伦兹力作用时，运动的动能不变5.如图甲是用来加速带电粒子的回旋加速器的示意图,其核心部分是两个D 形金属盒.在加速带电粒子时,两金属盒置于匀强磁场中,两盒分别与高频电源相连.带电粒子在磁场中运动的动能E k随时间t的变化规律如图乙所示,忽略带电粒子在电场中的加速时间,则下列判断正确的是( )A.在E k-t图中应有t4-t3=t3-t2=t2-t1B.高频电源的变化周期应该等于t n-t n-1C.粒子加速次数越多,粒子最大动能一定越大D.要想粒子获得的最大动能越大,可增加D形盒的面积6. 1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖.若一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示,则下列说法中正确的是( )A.该束带电粒子带负电B.速度选择器的P1极板带正电C.在B2磁场中运动半径越大的粒子,质量越大越小D.在B2磁场中运动半径越大的粒子,比荷qm7．如下图所示，摆球带负电荷的单摆，在一匀强磁场中摆动，匀强磁场的方向垂直纸面向里，摆球在AB间摆动过程中，由A摆到最低点C时，摆线拉力的大小为F1，摆球加速度大小为a1；由B摆到最低点C时，摆线拉力的大小为F2，摆球加速度大小为a2，则( )A．F1>F2，a1＝a2B．F1<F2，a1＝a2C ．F 1>F 2，a 1>a 2D ．F 1<F 2，a 1<a 2解析：绳的拉力、洛仑兹力始终与单摆的运动方向垂直，不做功．只有重力做功，所以a 1＝a 2，当单摆由A 摆到最低点C 时，绳的拉力和洛仑兹力方向相同，由B 摆到最低点C 时，绳的拉力与洛仑兹力方向相反，故F 1<F 2. 答案：B8．如下图所示，直径为R 的绝缘筒中为匀强磁场区域，磁感应强度为B 、磁感线垂直纸面向里，一个质量为m 、电荷量为q 的正离子，以速度v 从圆筒上C 孔处沿直径方向射入筒内，如果离子与圆筒碰撞三次(碰撞时不损失能量，且时间不计)，又从C 孔飞出，则离子在磁场中运动的时间为( ) A.2πR vB.πRvC.2πm qBD.πmqB解析：根据题意画出离子运动轨迹，由对称性可知离子运动的轨迹为四个14圆，半径等于圆筒的半径，总时间等于一个圆的周期，所以A 、C 正确． 答案：AC9．电子质量为m ，电荷量为q ，以与x 轴成θ角的速度v 0射入磁感应强度为B 的匀强磁场中，最后从x 轴上的P 点射出，如右图所示，求： (1)OP 的长度；(2)电子由O 点射入到从P 点射出所需的时间t .解析：(1)过O 点和P 点做速度方向的垂线，两线交点即电子做圆周运动的圆心，由几何关系知OP ＝2r sin θ①又Bqv 0＝m v 02r②由①②式解得OP ＝2mv 0Bqsin θ.(2)由T ＝2πr v 0＝2πm Bq得所需时间为t ＝2θ2π·2πm Bq ＝2θmBq. 答案：(1)2mv 0Bq sin θ (2)2θm Bq10．如下图所示，一束电子(电荷量为e )以速度v 垂直射入磁感应强度为B ，宽度为d 的匀强磁场中，穿过磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30°，求：(1)电子的质量是多少？ (2)穿过磁场的时间是多少？(3)若改变初速度大小，使电子刚好不能从A 边射出，则此时速度v ′是多少？ 解析：(1)作出速度方向的垂线，如上图所示，设电子在磁场中运动轨道半径为r ，电子的质量是m ，由几何关系得r ＝dsin30°＝2d电子在磁场中运动Bqv ＝m v 2r ，即r ＝mv Bq所以m ＝2dBqv.(2)电子运动轨迹对应的圆心角θ＝30°＝π6电子运动的周期T ＝2πmBq电子穿过磁场的时间t ＝θ2πT ＝T12＝πd 3v.(3)电子刚好不能从A 边射出(与右边界相切)，此时电子的轨道半径为r ′＝d由r ′＝mv ′Bq 得v ′＝Bqd m ＝v2. 答案：(1)2dBq v (2)πd 3v (3)v22020-2-8。
4届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)(00002)
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）211．如右图所示，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴OO′以恒定的角速度ω转动，从线圈平面与磁场方向平行的位置开始计时，则在t＝πω时刻()A．线圈中的感应电动势最小B．线圈中的感应电流最大C．穿过线圈的磁通量最大D．穿过线圈磁通量的变化率最小解析：经过时间t＝πω，线圈转过的角度为π，则该时刻磁通量为零，左、右两个边的速度刚好与磁感线垂直，由电动势E＝BL v得此刻产生的感应电动势最大，磁通量的变化率最大，线圈中的感应电流最大，B正确，A、C、D错误．答案：B2．如右图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是()A．在图中t＝0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3:2C ．交流电a 的瞬时值为u ＝10sin5πt (V)D ．交流电b 的最大值为5 V解析：t ＝0时刻穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，故电压为零，A 错；读图得两次周期之比为2:3，由转速ω＝2πT得转速与周期成反比，故B 正确；读图得a 的最大值为10 V ，ω＝5π，由交流电感应电动势瞬时值表达式e ＝E m sin ωt (V)(从中性面开始计时)得，u ＝10sin5πt (V)，故C 正确；交流电的最大值E m ＝nBSω，所以根据两次转速ω的比值可得，交流电b 的最大值为23×10 V ＝203V ，故D 错． 答案：BC3．如图所示的电路中，A 是熔断电流I 0＝2 A 的保险丝，R 是可变电阻，S 是交流电源．交流电源的内阻不计，其电动势随时间变化的规律是e ＝2202sin314t V ．为了不使保险丝熔断，可变电阻的阻值应该大于( )A ．110 2 ΩB ．110 ΩC ．220 ΩD ．220 2 Ω解析：该交变电流电动势的有效值为U ＝22022V ＝220 V ，故电阻的最小阻值R min ＝U I 0＝2202Ω＝110 Ω. 答案：B4.如图所示，图甲和图乙分别表示正弦脉冲波和方波的交变电流与时间的变化关系.若使这两种电流分别通过两个完全相同的电阻，则经过1 min 的时间，两电阻消耗的电功之比W 甲∶W 乙为( )A. 12∶ B.1∶2 C.1∶3 D.1∶65.一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图甲所示，则下列说法正确的是( )A.t=0时刻，线圈平面与中性面垂直B.t=0.01 s时刻，Φ的变化率最大C.t=0.02 s时刻，交流电动势达到最大D.该线圈产生的交流电动势的图象如图乙所示6．如图所示，在匀强磁场中匀速转动的矩形线圈的周期为T,转轴O1O2垂直于磁场方向，线圈电阻为2 Ω.从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60°时的感应电流为1 A.那么( )A.线圈消耗的电功率为4 WB.线圈中感应电流的有效值为2 AC.任意时刻线圈中的感应电动势为2 e4cos tTπ=D.任意时刻穿过线圈的磁通量为T2sin tTπΦ=π7．一个100匝的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的电动势e随时间t变化的关系如图7所示，图线为正弦曲线，那么( )图7A ．该交流电的电动势有效值为220 VB ．该交流电的电动势有效值为110 2 VC ．t ＝1.5π s 时，穿过线圈的磁通量变化率最大D ．穿过线圈的磁通量最大值为2.2 Wb8.在垂直纸面向里的有界匀强磁场中放置了矩形线圈abcd 。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)72014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）71.导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是( )A.横截面积一定，电阻与导体的长度成正比B.长度一定，电阻与导体的横截面积成正比C.电压一定，电阻与通过导体的电流成反比D.电流一定，电阻与导体两端的电压成正比2.如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体电阻为R2，则下列说法正确的是( )A.R1∶R2=1∶3B.R1∶R2=3∶1C.将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1∶I2=1∶3D.将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1∶I2=1∶33．如图2甲所示，在材质均匀的圆形薄电阻片上，挖出一个偏心小圆孔。
在彼此垂直的直径AB和CD两端引出四个电极A、B、C、D。
先后分别将A、B或C、D接在电压恒为U的电路上，如图乙和图丙所示。
比较两种接法中电阻片的热功率大小，应有( )图2A．两种接法电阻片热功率一样大B．接在AB两端电阻片热功率大C．接在CD两端电阻片热功率大D．无法比较4．铜的摩尔质量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子中有n个自由电子，今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为( )A．光速c B.I neSC.ρIneSmD.mIneSρ案却使人感到徒具虚名试卷试题赭红色的水化学教案几乎看不见流动化学5．家用电熨斗为了适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多挡开关，使用时转动旋钮即可使电熨斗加热到所需的温度．如右图所示是电熨斗的电路图．旋转多挡开关可以改变1、2、3、4之间的连接情况．现将开关置于温度最高挡，这时1、2、3、4之间的连接是下图中所示的哪一个()解析：以U表示电源电压，R表示图中每根电阻丝的电阻，在图中所示的各种连接法中，由于接法不同，各种电路中电阻丝发热的情况不同，因而电熨斗可以得到多挡的温度．在图A，则此时电熨斗得到的总功率为P A 所示的接法中，两根电阻丝并联接入电路，其总电阻为R2＝2U2；在图B所示的接法中，仅有左侧一根电阻丝接入电路通电，右侧一根电阻丝中无电流，R；在图C所示的接法中，电源实际上被断开了．使整个电熨故此时电熨斗的总功率为P B＝U2R斗中无电流通过，此时电熨斗的总功率为P C＝0.在图D所示的接法中，是两根电阻丝串联接入电路，其总电阻为2R，则此时电熨斗消耗的总功率为P D＝U22R.答案：A6．下表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗，若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则()自重40 kg额定电压48 V载重75 kg额定电流12 A最大行驶速度20 km/h额定输出功率350 W A.B．电动机的内电阻为4 ΩC．该车获得的牵引力为104 ND．该车受到的阻力为63 N解析：电动机的输入功率P入＝UI＝48×12 W＝576 W，故选项A正确．电动机正常工作时为非纯电阻元件，不能用欧姆定律求内电阻，故选项B错误．电动车速度最大时，牵引力F与阻力F f大小相等，由P出＝F f v max得F f＝P出v max＝350203.6N＝63 N．故选项C错误，D正确．答案：AD7．如图4所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8 V，乙电路两端的电压为16 V。
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答案：CD
6．通过一理想变压器，经同一线路输送相同的电功率 P，原线圈的电压 U 保持不变，
输电线路的总电阻为 R.当副线圈与原线圈的匝数比为 k 时，线路损耗的电功率为 P1，若将副
线圈与原线圈的匝数比提高到 nk，线路损耗的电功率为 P2，则 P1 和P1分别为( )
PR 1 A.kU，n
PR 1 C.kU，n2
3.为保证用户电压稳定在 220 V，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图.保持输
入电压 u1 不变，当滑动接头 P 上下移动时可改变输出电压.某次检测得到用户电压 u2 随时间
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对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术通关，1系电过，力管根保线据护敷生高设产中技工资术艺料0不高试仅中卷可资配以料置解试技决卷术吊要是顶求指层，机配对组置电在不气进规设行范备继高进电中行保资空护料载高试与中卷带资问负料题荷试2下卷2，高总而中体且资配可料置保试时障卷，各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并22工且22作尽22下可22都能22可地护以缩1关正小于常故管工障路作高高；中中对资资于料料继试试电卷卷保破连护坏接进范管行围口整，处核或理对者高定对中值某资，些料审异试核常卷与高弯校中扁对资度图料固纸试定，卷盒编工位写况置复进.杂行保设自护备动层与处防装理腐置，跨高尤接中其地资要线料避弯试免曲卷错半调误径试高标方中高案资等，料，编试要5写、卷求重电保技要气护术设设装交备备置底4高调、动。中试电作管资高气，线料中课并敷3试资件且、设卷料中拒管技试试调绝路术验卷试动敷中方技作设包案术，技含以来术线及避槽系免、统不管启必架动要等方高多案中项；资方对料式整试，套卷为启突解动然决过停高程机中中。语高因文中此电资，气料电课试力件卷高中电中管气资壁设料薄备试、进卷接行保口调护不试装严工置等作调问并试题且技，进术合行，理过要利关求用运电管行力线高保敷中护设资装技料置术试做。卷到线技准缆术确敷指灵设导活原。。则对对：于于在调差分试动线过保盒程护处中装，高置当中高不资中同料资电试料压卷试回技卷路术调交问试叉题技时，术，作是应为指采调发用试电金人机属员一隔，变板需压进要器行在组隔事在开前发处掌生理握内；图部同纸故一资障线料时槽、，内设需，备要强制进电造行回厂外路家部须出电同具源时高高切中中断资资习料料题试试电卷卷源试切，验除线报从缆告而敷与采设相用完关高毕技中，术资要资料进料试行，卷检并主查且要和了保检解护测现装处场置理设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)222014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）221．将输入电压为220 V ，输出电压为6 V ，副线圈有30匝的理想变压器改绕成输出电压为30 V 的变压器，原线圈匝数不变，则副线圈新增绕的匝数为( )A ．120匝B ．150匝C ．180匝D ．220匝解析：由U 1U 2＝n 1n 2得n 1＝n 2U 1U 2＝30×2206匝＝1 100 匝；改变匝数后，n ′2＝n 1U ′2U 1＝1 100×30220匝＝150匝，新增匝数Δn ＝n ′2－n 2＝120匝，A 正确．答案：A 2.钳形电流表的外形和结构如图所示．图甲中电流表的读数为1.2 A ．图乙中用同一电缆线绕了3匝，则( )A ．这种电流表能测直流电流，图乙的读数为2.4 AB ．这种电流表能测交流电流，图乙的读数为0.4 AC ．这种电流表能测交流电流，图乙的读数为3.6 AD ．这种电流表既能测直流电流，又能测交流电流，图乙的读数为3.6 A 解析：钳形表是根据电磁感应原理制成的，故只能用来测量交流电流；对钳形表的初、次级满足n 1n 2＝I 2I 1，I 2＝n 1n 2I 1，钳形表在使用时，初级是串联在被测电路中的，故同一电缆线虽多绕了几匝，但电缆线中的电流I 1保持不变，I 1不变，故当n 1增加3倍时I 2＝3.6 A ，C 正确．答案：C3.为保证用户电压稳定在220 V ，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图.保持输入电压u 1不变，当滑动接头P 上下移动时可改变输出电压.某次检测得到用户电压u 2随时间t 变化的曲线如图乙所示.以下正确的是( )A. 2u 1902sin(50t) V =πB. 2u 1902sin(100t) V =πC.为使用户电压稳定在220 V ，应将P 适当下移D.为使用户电压稳定在220 V ，应将P 适当上移4.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，R 1=20 Ω，R 2=30 Ω，C 为电容器.已知通过R 1的正弦式交流电如图乙所示，则( )A.交流电的频率为0.02 HzB.原线圈输入电压的最大值为200 2 VC.电阻R 2的电功率约为6.67 WD.通过R 3的电流始终为零5．照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的．可是我们在晚上七、八点钟用电高峰时开灯，电灯比深夜时要显得暗些．这是因为用电高峰时( )A ．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，每盏灯两端的电压较低B ．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，通过每盏灯的电流较小C ．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，输电线上损失的电压较大D ．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，每盏灯两端的电压较低解析：在晚上七、八点钟时，电路上并联的灯较多，则根据并联电路特点可知，此时总电阻比深夜时小，再由欧姆定律可知，供电线路上的电流大，输电线上损失的电压U损＝IR增大，每盏灯两端的电压也就较低．答案：CD6．通过一理想变压器，经同一线路输送相同的电功率P ，原线圈的电压U 保持不变，输电线路的总电阻为R .当副线圈与原线圈的匝数比为k 时，线路损耗的电功率为P 1，若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk ，线路损耗的电功率为P 2，则P 1和P 2P 1分别为( )A.PR kU ，1nB.⎝⎛⎭⎫P kU 2R ，1n 刺猬的祸害的一代人文知识分子化学教案多数会面临两难C.PR kU ，1n2 D.⎝⎛⎭⎫P kU 2R ，1n 2C 解析：设副线圈与原线圈匝数比为k 时，副线圈输出电压为U 1，输出电流为I 1，电路损耗功率为P 1，设副线圈与原线圈匝数比为nk 时，副线圈输出电压为U 2，输出电流为I 2，电路损耗功率为P 2，根据理想变压器原副线圈电压与匝数成正比可得U 1U ＝k …①，U 2U＝nk …②；且P ＝U 1I 1＝U 2I 2…③；线路损耗功率分别为P 1＝I 21R …④；P 2＝I 22R …⑤.由①④联立解得P 1＝(P kU )2R ，据此排除选项A 、C ；由①②③④⑤联立解得P 2P 1＝1n2，所以选项B 错误，选项D 正确．答案：D7．某同学设计的家庭电路保护装置如下图所示，铁芯左侧线圈L 1由火线和零线并行绕成．当右侧线圈L 2中产生电流时，电流经放大器放大后，使电磁铁吸起铁质开关K ，从而切断家庭电路．仅考虑L 1在铁芯中产生的磁场，下列说法正确的有( )A．家庭电路正常工作时，L2中的磁通量为零B．家庭电路中使用的电器增多时，L2中的磁通量不变C．家庭电路发生短路时，开关K将被电磁铁吸起D．地面上的人接触火线发生触电时，开关K将被电磁铁吸起解析：由于线圈L1用零线和火线双线绕制而成，正常情况下零线和火线中的电流等大反向，线圈L1内产生的磁场相互抵消，线圈L2中磁通量为零，选项A正确，当家用电器增多时，通过零线和火线的电流同时增大，合磁场仍为零，即线圈L2中磁通量不变，仍为零，选项B 正确；家庭电路发生短路时造成通过零线和火线的电流同时增大，线圈L2中磁通量不变，不会产生感应电流，开关K也不会被电磁铁吸起，选项C错误，地面上的人接触火线时，火线和大地构成闭合回路，零线中电流小于火线．此时线圈L1产生变化的磁场，引起线圈L2中磁通量变化产生感应电流，电磁铁线圈有电流通过，产生磁性，将开关K吸起，选项D正确．答案：ABD8.某水电站，用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km外的用户，其输出电功率是3×106kW.现用500 kV电压输电，则下列说法正确的是( )A.输电线上输送的电流大小为2×105 AB.输电线上由电阻造成的损失电压为15 kVC.若改用5 kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108 kWD.输电线上损失的功率为ΔP＝U2/r，U为输电电压，r为输电线的电阻9．发电机的端电压为220 V，输出功率为44 kW，输电导线的电阻为0.2 Ω，如果用原、副线圈匝数之比为110的升压变压器升压，经输电线路后，再用原、副线圈匝数比为10 1的降压变压器降压供给用户．(1)画出全过程的线路图；(2)求用户得到的电压和功率；(3)若不经过变压而直接送到用户，求用户得到的功率和电压．解析：该题是输电线路的分析和计算问题，结合电路结构和输电过程中的电压关系和电流关系可解此题．(1)线路图如下图所示．(2)升压变压器副线圈上的输出电压 U 2＝n 2n 1U 1＝2 200 V ，升压变压器副线圈上的输出电流I 2＝n 1n 2I 1，升压变压器原线圈上的输入电流，由P ＝U 1I 1得I 1＝P U 1＝44×103220A ＝200 A ，所以I 2＝n 1P n 2U 1＝44×10310×220 A ＝20 A.输电线路上的电压损失和功率损失分别为U R ＝I 2R ＝4 V ，P R ＝I 22R ＝0.08 kW.降压变压器原线圈上的输入电流和电压分别为 I 3＝I 2＝20 A ，U 3＝U 2－U R ＝2 196 V .降压变压器副线圈上的输出电压和电流分别为U 4＝n 4n 3U 3＝219.6 V ，I 4＝n 3n 4I 3＝200 A.用户得到的功率P 4＝U 4I 4＝43.92 kW. (3)若不采用高压输电，线路损失电压为 U ′R ＝I 1R ＝40 V ，用户得到的电压U ′＝U 1－U ′R ＝180 V ， 用户得到的功率为P ′＝U ′I 1＝36 kW.答案：(1)见解析(2)219.6 V43.92 kW (3)180 V36 kW。
高考物理第二轮复习方案 电学19 新人教版
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）191.将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是( )A ．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B ．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C ．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D ．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同解析：由法拉第电磁感应定律E ＝n ΔΦΔt 可知感应电动势的大小E 与n 有关，与ΔΦΔt即磁通量变化的快慢成正比，所以A 、B 错误，C 正确．由楞次定律可知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的原磁通量的变化，即原磁通量增加，感应电流的磁场与原磁场方向相反．原磁通量减小，感应电流的磁场与原磁场同向，故D 错误．答案：C2.某同学为了验证断电自感现象，自己找来带铁心的线圈L 、小灯泡A 、开关S 和电池组E ，用导线将它们连接成如下图所示的电路．检查电路后，闭合开关S ，小灯泡发光；再断开开关S ，小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象．虽经多次重复，仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象，他冥思苦想找不出原因．你认为最有可能造成小灯泡未闪亮的原因是( )A ．电源的内阻较大B ．小灯泡电阻偏大C ．线圈电阻偏大D ．线圈的自感系数较大解析：由自感规律可知在开关断开的瞬间造成灯泡闪亮以及延时的原因是在线圈中产生了与原电流同向的自感电流且大于稳定时通过灯泡的原电流．由图可知灯泡和线圈构成闭合的自感回路，与电源无关，故A 错；造成不闪亮的原因是自感电流不大于稳定时通过灯泡的原电流，当线圈电阻小于灯泡电阻时才会出现闪亮现象，故B 错C 正确．自感系数越大，则产生的自感电流越大，灯泡更亮，故D 错．答案：C3．磁电式仪表的线圈通常用铝框当骨架，把线圈绕在铝框上，这样做的目的是( )A ．防止涡流而设计的B ．利用涡流而设计的C．起电磁阻尼的作用D．起电磁驱动的作用解析：线圈通电后，在安培力作用下发生转动，铝框随之转动，并切割磁感线产生感应电流，就是涡流，涡流阻碍线圈的转动，使线圈偏转后较快停下来．所以，这样做的目的是利用涡流来起电磁阻尼的作用．答案：BC4.有一种高速磁悬浮列车的设计方案是：在每节车厢底部安装强磁铁(磁场方向向下)，并且在沿途两条铁轨之间平放一系列线圈.下列说法中不正确的是( )A.列车运动时，通过线圈的磁通量会发生变化B.列车速度越快，通过线圈的磁通量变化越快C.列车运动时，线圈中会产生感应电动势D.线圈中的感应电动势的大小与列车速度无关5.如图所示，三个相同的金属圆环内存在着不同的有界匀强磁场，虚线表示环的某条直径，已知所有磁场的磁感应强度随时间变化的关系都满足B=kt，磁场方向如图所示.测得A环内感应电流强度为I，则B环和C环内感应电流强度分别为( )A.I B=I、I C=0B.I B=I、I C=2IC.I B=2I、I C=2ID.I B=2I、I C=06．如图6所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，OO′为其对称轴。
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2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）5 1．下列关于实验中使用静电计的说法中正确的是()
A．使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况
B．使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况
C．静电计可以用电压表替代
D．静电计可以用电流表替代
解析：静电计是用来测量电容器两极板的电势差，从而研究电容器电容随电容器正对面积、两板距离、介电常数等因素的变化．如果用电压表、电流表来替代则构成电容器的放电回路，两电表都没有示数，故答案为A.
答案：A
2．如下图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S.当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强
E的变化情况是()
A．Q变小，C不变，U不变，E变小
B．Q变小，C变小，U不变，E不变
C．Q不变，C变小，U变大，E不变
D．Q不变，C变小，U变小，E变小
解析：充电以后的电容器所带电荷量Q 保持不变，故选项
A
、B 错误；根据平行板电容
器的电容公式C ＝εr S 4πkd
，d 增大，C 减小；又由C ＝Q /U 得，U ＝Q /C ，故U 增大；再由公式C ＝εr S
4πkd 、C ＝Q U 和E ＝U d 可得E ＝4πkQ εr S
，所以E 不变，答案为C. 答案：C
3.图(a)为示波管的原理图.如果在电极YY ′之间所加的电压按图(b)所示的规律变化，在电极XX ′之间所加的电压按图(c)所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是( )
4.如图所示，一个带电粒子从粒子源进入(初速度很小，可忽略不计)电压为U 1的加速电场，经加速后从小孔S 沿平行金属板A 、B 的中心线射入，A 、B 板长为L ，相距为d ，电压为U 2.则带电粒子能从A 、B 板间飞出应该满足的条件是( )
A. 21U 2d U L ≤
B. 21U d U L
≤ C. 2
221U 2d U L ≤ D. 2
221U d U L
≤ 5．如下图所示，L 为竖直、固定的光滑绝缘杆，杆上O 点套有一质量为m 、带电荷量为。