2019年最新人教版中考物理一轮复习诊断性考试

2019年人教版中考物理一轮复习诊断性考试
中考一诊考试试题
一、单项选择题
1．（2019•泸州）小明家有额定电压相同的微波炉和电视机各一台，按照每度电0.55元的计费标准，将这两个用电器正常工作1h所用的电费绘制成了如图所示的柱状图，对小明家的这两个用电器，下列判断正确的是（）
A．微波炉正常工作时的电压大于电视机正常工作时的电压
B．微波炉正常工作时的电流等于电视机正常工作时的电流
C．微波炉正常工作时的电功率大于电视机正常工作时的电功率
D．每月在微波炉上用的电费一定比在电视机上用的电费多
解析：（1）根据用电器正常工作时的电压与额定电压相等分析判断；
（2）从柱状图可知两用电器正常工作1小时的电费，进而知道消耗的电能，再根据P=
和P=UI判断通过用电器的电功率和电流；
（3）电能计算：W=Pt；电能的多少与电功率大小和时间长短有关；
A、用电器正常工作时的电压等于额定电压，由于微波炉和电视机的额定电压相同，所以这两个用电器正常工作时的电压相等，故A错误；
BC、由柱状图可知，微波炉正常工作1小时的电费比电视机高，而单价是一定的，所以微波炉消耗电能多，
根据P=可知，微波炉电功率大于电视机的电功率，故C正确；
电压相同，由P=UI可知，微波炉正常工作时的电流大，故B错误；
D、虽然微波炉电功率大，由于不知道一个月内它们的实际工作时间，根据W=Pt知无法判断微波炉和电视机消耗的电能的多少，所以无法比较电费的多少，故D错误。

故选：C。

【点评】本题主要考查学生对电功公式和电功率公式的掌握和灵活运用，关键能从柱状图上找出有用的信息，计算电费是生活中常见的现象，体现了物理和生活的密切关系。

26. （2019·德阳）图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象,将它们按图乙所示接入电路中。

已知该电路中电源电压是2V,则下列结论错误的是（）
A.只闭合开关S,电路消耗的功率是1W
B.当再闭合S1后,电流表示数变化了0.2A
C.当再闭合S1后,电路消耗的总功率为1.2W
D.当再闭合S1后,电路消耗的功率将增大0.4W
（1）由电路图可知，只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，由甲图象读出通过小灯泡的电流，根据P=UI求出电路消耗的功率；（2）当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知R两端的电压，由甲图象可知此时通过R的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡L的电流不变，则通过R的电流即为电流表示数的变化量，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出电路消耗的总功率，根据△P=P′-P求出电路消耗功率的增加量。

解：（1）由电路图可知，只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，电源的电压是2V，则灯泡两端的电压为2V，由甲图象可知，通过灯泡的电流为0.5A，则电路消耗的功率：P=UI L=2V×0.5A=1W，故A正确；（2）当再闭合开关S1时，灯泡L与定值电阻R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，此时R两端的电压为2V，由图象可知I R=0.2A，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过L的电流不变，则电流表示数的变化量：△I=I R=0.2A，故B正确；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：I=I L+I R=0.5A+0.2A=0.7A，此时电路消耗的总功率：′=UI=2V×0.7A=1.4W，故C错误；电路消耗功率的增加量：△P=P′-P=1.4W-1W=0.4W，故D正确。

故选：C。

【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用，利用好并联电路中各支路独立工作、互不影响是关键。

2．（2019•泸州）在2018年泸州市中考体育考试中，小彤同学进行了实心球测试，对球运动的几个阶段，下列说法正确的是（）
A．小彤捡起实心球，并缓慢举高的过程中，小彤对球做功，球的重力势能增加
B．小彤将球用力投出后，球在空中运动过程中小彤对球做功，球的机械能增加
C．小彤将球用力投出后，球在空中最高点时所受的合力为零
D．球落地后在水平地面滚动一段距离停止，球在地面滚动阶段，球的机械能不变
解析：（1）（2）一个力作用在物体上，并且物体在力的方向上通过一段距离，就说力对物体做了功；重力势能与高度有关；
（3）合力为0时，物体将保持静止或匀速直线运动状态；
（4）克服摩擦做功，机械能减少。

解：
A、小彤捡起实心球，并缓慢举高的过程中，球在力的方向上通过了距离，小彤对球做功，球的高度增大，则球的重力势能增加，故A正确；
B、小彤将球用力投出后，球在空中运动过程中小彤没有对球是家里，对球没有做功，球在运动时克服摩擦做功，机械能减小，故B错误；
C、小彤将球用力投出后，球在空中最高点时受到重力和空气阻力的作用，这两个力不是平衡力，故所受的合力不为零，故C错误；
D、球落地后在水平地面滚动一段距离停止，是因为球受到了阻力，克服摩擦阻力做功，机械能转化为内能，球的机械能减少，故D错误。

故选：A。

3．（2019•淮安）下列能源的大量使用，会造成空气污染加剧的是（）
A．天然气B．地热能C．太阳能D．风能
解析：化石能源是不可再生的，而它的大量使用，会造成严重的环境污染，因为在燃烧时排放出大量的二氧化碳、二氧化硫、粉尘及其他有害物质，对空气造成污染。

解：地热能、太阳能、风能属于可再生能源，都是未来的理想能源，安全清洁，不会严重影响环境；
而天然气是化石能源，属于不可再生能源，会给空气造成很大的污染；
故选：A。

4．（2019•岳阳）2018年5月21日，我国“鹊桥”号卫星由长征火箭成功发射升空，将搭建地月信息联通之桥。

下列说法正确的是（）
A．火箭升空时没有惯性
B．卫星进入轨道后靠电磁波与地面联系
C．火箭加速上升，其动能保持不变
D．火箭发动机采用热值小的燃料
解析：（1）惯性是物质的一种属性，所有的物体都有惯性；
（2）卫星是通过接收与发射电磁波与地面互相传递信息的；
（3）动能大小的影响因素：质量、速度。

质量越大，速度越大，动能越大。

重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。

质量越大，高度越高，重力势能越大。

动能和势能统称为机械能；
（4）单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值，热值是燃料的一种特性，热值大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量、燃料的燃烧程度无关。

解：A、惯性是物质的一种属性，所有的物体都有惯性，故A错误；
B、卫星是通过接收与发射电磁波与地面互相传递信息的，故B正确；
C、火箭加速上升，质量不变，高度增加，所以势能增加，同时速度增大，所以动能增大，故C错误；
D，火箭发动机质量尽量减小，故应采用采用热值大的燃料，故D错误。

故选：B。

5．（2019•宜昌）酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量，还可以发电呢!如图所示，几只水果提供的电力足以点亮一排发光二极管!水果在这里扮演了“电源”的角色，关于这个电路说法错误的是（）
A．水果的作用是给电路提供电压
B．此时电路中有电荷在发生定向移动
C．水果中储存的是电能
D．把水果串联起来可以提高电压
解析：（1）电源是为电路提供电压的装置；
（2）电荷的定向移动形成电流。

（3）水果电池对外供电的过程中，将化学能转化为电能；
（4）电池串联时，得到的电压是每个电池的电压之和。

解：A、电源是为电路提供电压的装置；水果是电源，为用电器即发光二极管提供了电压；故A正确；
B、闭合的电路中有电流，则电路中有电荷发生定向移动；故B正确；
C、水果电池储存的是化学能，对外供电的过程中，将化学能转化为电能；故C错误；
D、将多个水果电池串联起来，得到的电压是每个电池的电压之和，可以提高电压；故D 正确；
故选：C。

6．（2019•福建）福建沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大。

这主要是因为海水与砂石相比具有较大的（）
A．密度B．内能C．比热容D．质量
解析：沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。

解：沿海地区水多；内陆地区水少、沙石多。

因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。

故选：C。

7．（2019•宜昌）下列生活实例中，属于做功改变物体内能的是（）
A．冬天用热水泡脚变得暖和
B．用手反复弯折铁丝，弯折处发热
C．冬天人们在室外晒太阳感觉暖和
D．医生用冰袋给发烧的病人降温
解析：（1）热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；
（2）做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了，是能量的转化过程。

解：A、冬天，用热水泡脚变得暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故A错误；
B、将铁丝反复弯折，弯折处发热，是对铁丝做功增加了铁丝的内能，属于做功改变物体的内能，故B正确；
C、冬天人们在室外晒太阳感觉暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故C错误；
D、医生用冰袋给发烧的病人降温，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误。

故选：B。

8．（2019•兰州）在一支平底试管内装入适量铁砂，先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯里，如图所示。

下列说法正确的是（）
A．试管在甲液体中受到的浮力较大
B．试管在乙液体中受到的浮力较大
C．装甲液体的烧杯底部所受液体压强较大
D．装乙液体的烧杯底部所受液体压强较大
解析：①漂浮在液体表面上的物体，受到的浮力等于物体的重力；
②液体对容器底的压强与液体的密度和深度有关，已知两种液体的深度相同，对容器底的压强大小决定于液体的密度。

解：
A、B、由图知：同一支试管，在两种液体中都是漂浮的，所以受到的浮力都等于它的重力而相等。

此两选项均错误；
C、D、由图知：浮力相同时，试管排开甲液体的体积较大，由公式ρ液=知，所以甲
液体的密度较小；已知两种液体的深度相同，ρ甲＜ρ乙，由公式p=ρgh知：甲液体对烧杯底部的压强较小，乙液体对容器底部的压强较大。

所以选项C错误，选项D正确。

故选：D。

9．（2019•桂林）小关与同学们去游觉桂林两江四湖，登上游船后，船会下沉一些，那么（）
A．船的重力将减小B．水对船的浮力将减小
C．水对船的浮力将增大D．水对船的浮力将保持不变
解析：（1）登上游船后，船和人总重变大；
（2）在同学们登上游船过程中，由于船都为漂浮，根据漂浮条件分析船受到浮力的变化情况。

解：（1）同学们登上游船过程中，使船的重力变大，故A错误；
（2）登上游船过程中，游船一直处于漂浮状态，则F浮=G，
所以，游船受到的浮力变大，故BD错误，C正确。

故选：C。

10．（2019•海南）光从空气斜射入玻璃中，入射角为60°，则折射角可能（）
A．等于 0°B．小于 60°C．等于 60°D．大于 60°
解析：光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；光由水或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。

解：根据从空气斜射入玻璃中时，入射角为60°，折射角小于入射角。

故B正确、ACD错误。

故选：B。

11．（2019•广安）下列关于光现象的说法中正确的是（）
A．岸边的人在水中所成的“倒影”是光的折射形成的
B．物体在平面镜中成的是虚像，物体离平面镜越近像越大
C．使用投影仪可以在屏幕上形成正立放大的实像，光在屏幕上发生了漫反射
D．凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼
解析：（1）（2）平静的水面相当于平面镜，物体在平面镜中成正立等大的虚像，物像到平面镜的距离相等；
（3）投影仪成倒立、放大的实像；平行光线经凹凸不平的反射面反射后，反射光线射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的；
（4）凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼。

解：
A、“倒影”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、像和物体的大小相等，物体离平面镜越近，所成的像不会变大，故B错误；
C、投影仪可以在屏幕上形成正立放大的实像，为了使各个方向的人都能看到屏幕上的像，故光在屏幕上要发生漫反射，故C错误；
D、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，应佩戴发散透镜使光线推迟会聚，因凹透镜对光线有发散作用，所以近视眼应该配戴凹透镜才能看清远处的物体，故D正确。

故选：D。

12．（2019•绥化）下列现象中属于升华的是（）
A．春天冰雪消融 B．夏天清晨的露珠
C．秋天地上的白霜 D．冬天冰雕慢慢变小
解析：物质从固态变为液态的过程是熔化；物质从液态变为固态的过程是凝固。

物质从液体变为气态的过程是汽化；物质从气态变化液态的过程是液化。

物质从固态直接变为气态的过程是升华；物质从气态直接变为固态的过程是凝华。

解：A、冰雪消融是固态冰雪变为液态水的过程，属于熔化现象，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故C错误；
D、冰雕慢慢变小，是固态冰直接变为气态水蒸气造成的，属于升华现象，故D正确。

故选：D。

13．（2019•兰州）下列物态变化中，属于凝华的是（）
A．冰雪消融B．白雾茫茫C．霜打枝头D．滴水成冰
解析：物质从固态变为液态的过程是熔化；物质从液态变为固态的过程是凝固。

物质从液体变为气态的过程是汽化；物质从气态变化液态的过程是液化。

物质从固态直接变为气态的过程是升华；物质从气态直接变为固态的过程是凝华。

解：A、冰雪消融是固态冰雪变为液态水的过程，属于熔化现象，故A错误；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故C正确；
D、滴水成冰，是液态水变为固态冰的过程，属于凝固现象，故D错误。

故选：C。

14．（2019·舟山）科学实验中，重力有时对实验结果的准确性会产生影响。

下列实验中的做法不是为了减小或避免重力影响的是（）
A．
选用轻质泡沫塑料小球
B．
选用易形变的气球
C．
将集气瓶水平横放
D．
调节两端螺母使杠杆在水平位置平衡
解析：重力的方向竖直向下，为了减小重力的影响，通常选择质量较轻的，可以平衡抵消的，或者让重心偏低。

解：A、选用轻质泡沫塑料小球，排斥的远，效果更明显，是为了减小重力的影响，故A 错误；
B、选用易形变的气球，是为了更好的看出形变情况，故不是为了减小或避免重力影响，故B正确；
C、将集气瓶水平横放，使重心降低，是为了减小重力对实验的影响，故C错误；
D、调节两端螺母使杠杆在水平位置平衡，使重心在支点处，减小重力对实验的影响，故D 错误。

故选：B。

本题考查重力对实验结果的影响，注意仪器的选择和使用，以质轻为主。

二、填空题
15．（2019·临沂）2018年5月13日清晨，我国首艘国产航母离港海试，向作战舰艇迈出关键一步。

当舰载机在甲板上着陆时，由于惯性会继续向前滑行，需要借助阻拦索的拉力才能尽快停止，说明力的作用效果是力可以改变物体的运动状态。

甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了在人耳处防治噪声。

解析：（1）一切物体都有惯性，与物体的运动状态无关；
（2）力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；
（3）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声、阻断噪声的传播、在人耳处减弱噪声。

【解答】解：（1）舰载机降落在航母甲板上，舰载机原来处于运动状态，由于惯性还会继续向前滑行；
（2）阻拦索的拉力使舰载机由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态；
（3）甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了人耳处减弱噪声。

故答案为：惯性；力可以改变物体的运动状态；人耳处。

16．（2018赤峰）如图所示，根据静止小磁针指向画出自制电磁铁电流方向。

解析：由磁极间的相互作用可知，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，电磁铁右端为N极，左端为S极，由安培定则可知电流从左端输入，右端输出，如图示：
17．（2019·黔南）一学生按照图甲所示的电路图做实验。

此时两表示数如图乙所示，电压表的示数为2 V，则电热丝电阻R x的阻值为5 Ω．已知电热丝R x和滑动变阻器的最大阻值相等，滑片P在b端时，电热丝的发热功率为
P b，滑片P在a端时，电热丝的发热功率为P a，那么P a：P b= 4：1 。

（不考虑电热丝阻值随温度的变化）
解析：【解答】解：
（1）由图知，电压表使用的是0﹣3V量程，分度值为0.1V，示数为2V；
电流表使用的是0﹣0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.4A，
由欧姆定律可得电热丝电阻R x的阻值：
R x===5Ω；
（2）由题知，电热丝R x和滑动变阻器的最大阻值相等，
当滑片P在b端时，滑动变阻器的电阻全连入，
则电路的总电阻R b=2R x，电路中电流I b==，
电热丝的发热功率：P b=I b2R x=（）2×R x=×﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑片P在a端时，滑动变阻器连入电阻为0，电路中电阻R a=R x，
电热丝的发热功率：P a=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
由①②可得：
P a：P b=：×=4：1。

故答案为：2； 5； 4：1。

18．（2019•赤峰）如图所示是蹦床运动，当运动员从高处下落过程中重力势能转化为动能，运动员与蹦床面接触的瞬时动能最大；与蹦床接触后，床面发生弹性形变，运动员的动能转化为蹦床的弹性势能。

解析：利用下列知识分析回答：
（1）影响动能大小的因素：质量、速度。

质量越大，速度越大，动能越大；
（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。

质量越大，高度越大，重力势能就越大；
（3）影响弹性势能大小的因素：弹性形变程度。

弹性形变程度越大，弹性势能就越大；（4）弹性势能和动能、重力势能和动能之间可以相互转化。

解：
当运动员从高处下落过程中，质量不变、速度增大，动能增大；质量不变、高度减小，重力势能减小；该过程中重力势能转化为动能；当运动员与蹦床面接触的瞬时动能最大；
与蹦床接触后，床面发生弹性形变，运动员的动能转化为蹦床的弹性势能。

故答案为：重力势；动；弹性。

19．（2019•江西）骑行共享单车前，需先用手机扫码将信息提供电磁波传递到共享平台，共享平台再将解锁信息以3×108m/s的速度传递到该车，进行解锁。

解析：手机信息采用电磁波进行传递的；电磁波的传播速度与光速相同为3.0×108m/s。

解：手机依靠电磁波来传递信息；
电磁波的传播速度为3.0×108m/s。

故共享平台再将解锁信息以3×108m/s的速度传递到该车。

故答案为：电磁波；3×108。

20．（2019•徐州）当严寒即将来临时，为了预防果实结冰，果农会用水喷洒果树。

请你解释这种做法的道理：水的比热容大，放出相同的热量水降低的温度小，可以减慢果实温度的降低，从而保护果实。

解析：对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

解：
水的比热容大，跟同质量的其他液体相比，放出相同的热量水降低的温度小，可以减慢果实温度的降低，从而保护果实。

故答案为：水的比热容大，放出相同的热量水降低的温度小，可以减慢果实温度的降低，从而保护果实。

21．（2019•淄博）两个完全相同的瓶子装有不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示。

则甲瓶液体质量等于乙瓶液体质量，甲瓶液体密度小于乙瓶液体密度。

（选填“大于”“等于”或“小于”）
解析：（1）天平是一个等臂杠杆，据此分析左右两个盘中物体的质量大小即可；
（2）由图得出瓶中液体的体积大小关系，利用密度公式分析密度大小关系。

解：
（1）原来天平的横梁已平衡，放上装有液体的两瓶子后，此时的游码归零，横梁仍然平衡，则左盘物体的质量等于右盘中物体的质量，即两个瓶及瓶中液体的总质量相同；因为两个瓶子完全相同（两瓶子的质量相同），所以甲瓶液体质量等于乙瓶液体质量；
（2）两个瓶子中液体的质量相同，由图可知，甲瓶中的液体体积大一些，由ρ=可知甲瓶液体密度小于乙瓶液体密度。

故答案为：等于；小于。

22．（2019•长沙）2017年底，网上流传这样一段视频：一对外国老夫妇在海边拍摄风景
照，无奈由于站立太久而深陷淤泥，一名中国渔夫见状，首先将他们身上的背包和摄影设备拿走，目的是减小他们对淤泥地的压力，然后渔夫无论是拖、抱、拽都无法使他们脱离淤泥；最后渔夫平趴在淤泥地上，他们撑着渔夫的身体才爬出了淤泥，渔夫平趴在淤泥地的目的是：增大人体与淤泥地的接触面积，以减小人体对淤泥地的压强，使被困者脱离险境。

解析：减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。

解：将他们身上的背包和摄影设备拿走，目的是减小他们对淤泥地的压力；
渔夫平趴在淤泥地上，对淤泥地的压力不变，等于其自身重力，目的是：在压力一定时，增大人体与淤泥地的接触面积，以减小人体对淤泥地的压强，使被困者脱离险境。

故答案为：压；压强。

三、实验题
23．（2019•通辽）图甲是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验装置图。

（1）实验时小明选用大小不同的实心钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，是为了探究动能大小与质量的关系。

（2）实验时，若让同一钢球从斜面相同高度处滚下，推动木块在粗糙程度不同的水平面上移动，小明发现水平面越光滑，木块移动的距离越远（选填“远”或“近”），若水平面绝对光滑，木块将做匀速直线运动。

（3）同班的小红同学，发现木块移动的距离没有其他同学的明显，认为是木块太重的原因造成的。

为了验证猜测，小红又增加了弹簧测力计、砝码等器材，进行了“滑动摩擦力与压力大小关系”的探究，首先完成了如图乙所示实验，她的下一步操作是将砝码放在木块上，沿木板表面用弹簧测力计水平匀速拉动木块，观察测力计的示数。

解析：（1）掌握影响动能的两个因素：质量和速度。

找出相同的量和不同的量，便可得出结论；
（2）在斜面实验中，接触面的粗糙程度不同，小车的运动距离不同；可得出：物体如果不受外力作用，则运动的物体将一直匀速直线运动状态。

（3）探究“滑动摩擦力与压力大小关系”时，应控制接触面的粗糙程度相同，改变压力的大小。

解：
（1）小明选用大小不同的实心钢球，其质量不同，从同一斜面的同一高度由静止滚下，那么它们的速度相同，所以该实验是为了探究动能大小与质量的关系。

（2）接触面越光滑，木块所受摩擦力越小，木块移动的距离越远，所以若水平面绝对光滑（即木块运动时不受阻力作用），则木块将一直保持匀速直线运动状态。

（3）探究“滑动摩擦力与压力大小关系”时，应控制接触面的粗糙程度相同，改变压力的大。