(化学)化学离子反应解题技巧及经典题型及练习题(含答案)含解析1

（化学）化学离子反应解题技巧及经典题型及练习题(含答案)含解析1
一、高中化学离子反应
1．下列离子方程式中正确的是
A ．向 CH 2BrCOOH 中加入足量的氢氧化钠溶液并加热：
Δ
--222CH BrCOOH +OH CH BrCOO +H O −−→
B ．用氢氧化钠溶液除去铝片表面的氧化膜：Al 3++4OH -→AlO 2-+2H 2O
C ．次氯酸钠溶液中通入少量的CO 2气体：ClO -+CO 2+H 2O→HClO+HCO 3-
D ．等体积、等浓度的Ca （HCO ）2溶液和NaOH 溶液混合：
2+2--2-3332Ca +2HCO +2OH CaCO +CO +2H O →↓
【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】
A ．向CH 2BrCOOH 中加入足量的氢氧化钠溶液并加热，羧基和氢氧化钠发生中和反应，溴原子在碱中发生水解反应，反应的化学方程式为：CH 2BrCOOH+2OH -CH 2(OH)COO -
+H 2O ，A 选项错误；
B ．用氢氧化钠溶液除去铝片表面的氧化膜，氧化膜的成分为氧化铝，反应的离子方程式为：Al 2O 3+2OH -===2AlO 2-+H 2O ，B 选项错误；
C ．次氯酸钠溶液中通入少量的CO 2气体，次氯酸的酸性大于碳酸氢根，则次氯酸钠与二氧化碳反应生成碳酸氢根，反应的方程式为：ClO -+CO 2+H 2O→HClO+HCO 3-，C 选项正确；
D ．等体积、等浓度的Ca(HCO)2溶液和NaOH 溶液反应，Ca 2+和OH -为1:1，正确的离子反应方程式为Ca 2++HCO 3-+OH -===CaCO 3↓+H 2O ，D 选项错误； 答案选C 。

【点睛】
判断离子反应方程式的正误，关键在于抓住离子反应方程式是否符合客观事实、化学式的拆分是否准确、是否遵循质量守恒和电荷守恒、氧化还原反应中得失电子是否守恒等。

2．某溶液中含有SO 42-、SO 32-、SiO 32-、Br －、CO 32-、Na ＋
，向该溶液中通入过量的Cl 2，下列
判断正确的是
①反应前后，溶液中离子浓度基本保持不变的有SO 42-、Na ＋
；②有胶状物质生成；③有气体产生；④溶液颜色发生变化； ⑤共发生了2个氧化还原反应。

A ．②③④ B ．①②③
C ．①③⑤
D ．②④⑤
【答案】A 【解析】 【详解】
向溶液中通入过量的Cl 2，Cl 2可以氧化SO 32-成为SO 42-，所以SO 32-浓度降低，SO 42-浓度增大，Cl 2也可以和Br －发生置换反应，使Br －浓度降低，生成的溴溶于水中使溶液颜色发生
变化，Cl 2溶于水生成的盐酸还可以跟CO 32-发生反应生成CO 2，使CO 32-浓度降低，和SiO 32-生成H 2SiO 3白色胶状沉淀，使SiO 32-浓度降低，所以离子浓度基本保持不变的只有Na ＋。

Cl 2溶于溶液中发生了3个氧化还原反应，其中2个是Cl 2分别和SO 32-、Br －发生的，另一个是Cl 2和水的歧化反应，所以②③④是正确的，故选A 。

【点睛】
Cl 2和SO 32-发生氧化还原反应，使SO 32-浓度降低，还要考虑到生成了SO 42-，使SO 42-浓度增大，所以溶液中的SO 32-、SO 42-浓度都发生了变化。

在Cl 2通入该溶液的反应中，除了Cl 2和SO 32-、Br －发生的氧化还原反应外，不要忽略了还有Cl 2和水发生的氧化还原反应。

3．某固体混合物X ，含有()243Al SO 、3FeCl 、23Na CO 和4CuSO 中的几种，进行如下实验：
①X 与水作用有气泡冒出，得到有色沉淀Y 和弱碱性溶液Z ； ②沉淀Y 与NaOH 溶液作用，无变化。

下列说法不正确的是（ ）
A ．混合物X 中必定含有23Na CO ，不含()243Al SO
B ．溶液Z 中溶质主要是钠盐，且必含3NaHCO
C ．灼烧沉淀Y ，可能得到黑色物质
D ．往溶液Z 中加入Cu 粉，若不溶解，说明X 中不含3FeCl 【答案】D 【解析】 【分析】
某固体混合物X ，含有()243Al SO 、3FeCl 、23Na CO 和4CuSO 中的几种，进行如下实验：
①X 与水作用有气泡冒出，四种物质中能生成气体的只有23Na CO ，所以一定有
23Na CO ，而几种物质中没有酸，可知推测因为发生双水解生成了二氧化碳，能与23Na CO 在溶液中双水解的有()243Al SO 、4CuSO 和3FeCl ；得到有色沉淀Y ，则
Fe(OH)3、Cu(OH)2中至少有一种Al(OH)3不确定；弱碱性溶液Z ，说明溶液中不存在铝离子、铁离子和铜离子；
②沉淀Y 与NaOH 溶液作用，无变化说沉淀中没有Al(OH)3，则X 中一定没有
()243Al SO ，据此再结合选项分析。

【详解】
A. 根据分析可知混合物X 中必定含有23Na CO ，不含()243Al SO ，故A 正确；
B.溶液Z 显弱碱性，所以大量存在的阳离子只能是钠离子，碳酸钠的水解分两步：CO 32-+H 2O=HCO 3-+OH -；HCO 3-+ H 2O =H 2CO 3+OH -；由于发生双水解反应产生了二氧化碳且溶液显碱性说明溶液中依然存在第二步水解，第一步水解有可能存在，即溶液中一定有碳酸氢根，所以溶液Z 中溶质主要是钠盐，且必含3NaHCO ，故B 正确；
C.沉淀Y中可能含有氢氧化铜，故灼烧可以得到黑色固体，故C正确；
FeCl，故D错误；
D.溶液Z显弱碱性，一定不存在3
故答案为D。

4．下列反应的离子方程式表达正确的是
A．向FeBr2溶液中通入过量Cl2：2Fe2＋＋Cl2＝2Fe3＋＋2Cl－
B．向碳酸钠溶液中通入少量CO2：CO32－＋CO2＋H2O＝2HCO3－
C．向碘化钾溶液中加入少量双氧水：3H2O2＋I－＝IO3－＋3H2O
D．Fe(OH)3固体溶于HI溶液：Fe(OH)3＋3H+＝Fe3+＋3H2O
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
A. 过量的Cl2不仅会氧化亚铁离子，还可以和Br-发生反，FeBr2中Fe2+与Br-之比为1：2，所以离子方程式为2Fe2＋＋3Cl2＋4Br－＝2Fe3＋＋6Cl－＋2Br2，A项错误；
B. 向碳酸钠溶液中通入少量CO2，Na2CO3、CO2、H2O发生反应产生NaHCO3，反应的离子方程式为：CO32－＋CO2＋H2O=2HCO3－，B项正确；
C. H2O2具有氧化性，在酸性条件下，会将I－氧化为I2，反应的离子方程式为：H2O2＋2H＋＋2I－=I2＋2H2O，C项错误；
D. Fe(OH)3与HI发生中和反应的同时，还有生成的Fe3+与I-之间的氧化还原反应，还缺少Fe3+与I-生成Fe2+和I2的反应，D项错误；
答案选B。

【点睛】
本题考查离子方程式的书写，明确反应实质是解题关键，注意离子方程式反应遵循客观事实、原子个数守恒、电荷守恒、量比关系等。

例如本题A项向FeBr2溶液中通入过量Cl2，氯气不仅可以氧化亚铁离子，还可以与溴离子发生反应，同时根据量比关系FeBr2中Fe2+与Br-之比为1：2。

5．在学习中，我们经常应用类推法。

下列左边正确，类推法应用于右边也正确的是
（）
D 向澄清石灰水中通入少量CO2气体
Ca2++2OH-+CO2=CaCO3↓+H2O
向澄清石灰水中通入少量SO2气体
Ca2++2OH-+SO2=CaSO3↓+H2O
A．A B．B C．C D．D
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
A．FeCl2溶液与碘水不反应，则前者发生氧化还原反应，后者不反应，与氧化性有关，故A错误；
B．SO2通入漂白粉溶液，发生氧化还原反应为SO2+Ca2++ClO-+H2O=CaSO4↓+2H++Cl-，故B 错误；
C．Na2SO3溶液中滴入稀HNO3发生氧化还原反应为2NO3-+3SO32-+2H+=3SO42-+2NO↑+H2O，故C错误；
D．二氧化碳、二氧化硫均为酸性氧化物，与碱反应均生成盐和水，则类推合理，故D正确。

答案选D。

6．将由NaOH、BaCl2、Al2(SO4)3三种固体组成的混合物溶于足量的水中，充分溶解，向混合物液中滴加1mol•L-1的稀硫酸，加入稀硫酸的体积与生成沉淀的质量关系如图所示．下列有关判断不正确的是
A．AB段发生反应的的离子方程式为：Ba2++2OH-+2H++SO42-=BaSO4↓+2H2O
B．BC段发生反应的离子方程式为：H++OH-=H2O
C．D点表示的沉淀的化学式为Al(OH)3、BaSO4
D．E点表示的溶液呈中性
【答案】D
【解析】
【分析】
由A点可知，A点为硫酸钡沉淀，则BaCl2过量，由NaOH、BaCl2、Al2(SO4)3三种固体组成的混合物溶于足量的水中，充分溶解，混合液中含有钡离子、氢氧根离子、偏铝酸根离子、硫酸根离子。

【详解】
A．由图象可知，AB段发生生成硫酸钡沉淀和水的反应，离子反应为Ba2++2OH-+2H++SO42-＝BaSO4↓+2H2O，故A正确；
B．BC段发生酸碱中和，离子方程式为H++OH-＝H2O，故B正确；
C．CD段发生偏铝酸根离子与酸的反应，离子反应为AlO2-+H++H2O＝Al(OH)3↓，故C正确；
D．DE段发生氢氧化铝与酸的反应生成硫酸铝，为强酸弱碱盐，水解使溶液显酸性，故D 错误；
故选D。

7．常温下，pH=1的某溶液A中含NH4+、K+、Na+、Fe3+、Al3+、Fe2+、CO32-、NO3-、Cl-、I-、SO42-中的4种，且溶液中各离子的物质的量浓度均为0.1 mol·L-1。

现取该溶液进行有关实验，实验结果如图所示。

下列有关说法正确的是
A．该溶液中一定有上述离子中的NO3-、Al3+、SO42-、Cl-四种离子
B．实验消耗Cu 14.4 g，则生成气体丁的体积为3.36 L
C．沉淀乙中一定有BaCO3，可能有BaSO4
D．一定没有Fe3+，但是无法确定是否含有I-
【答案】A
【解析】
【分析】
pH=1，说明溶液显强酸性，说明有H＋，CO32－一定不存在；溶液A中加入过量的(NH4）2CO3溶液，Fe3＋和CO32－发生双水解，生成氢氧化铁沉淀(红褐色），说明原溶液中不含Fe3＋，但溶液乙中加入Cu和硫酸，产生气体丙，气体丙遇空气变成红棕色气体丁,因此，丁为NO2，丙为：NO，说明原溶液中有NO3－，但是NO3－在酸性条件下具有氧化性，因为Fe2＋、I－具有还原性，因此不能大量存在，因此白色沉淀甲为Al(OH）3，原溶液中含有Al3＋，根据溶液显电中性，阳离子所带的电荷数总物质的量浓度为3n(Al3＋）＋n(H＋）=3×0.1＋
0.1=0.4mol·L－1，而NO3－所带电荷数为0.1mol·L－1，又因为各离子浓度为0.1mol·L－1，因此原溶液中含有SO42－、Cl－，据以上分析解答。

【详解】
pH=1，说明溶液显强酸性，说明有H＋，CO32－一定不存在，
A.溶液A中加入过量的(NH4）2CO3溶液，Fe3＋和CO32－发生双水解，生成氢氧化铁沉淀(红褐色），说明原溶液中不含Fe3＋，但溶液乙中加入Cu和硫酸，产生气体丙，气体丙遇空气变
成红棕色气体丁,因此，丁为NO2，丙为：NO，说明原溶液中有NO3－，但是NO3－在酸性条件下具有氧化性，因为Fe2＋、I－具有还原性，因此不能大量存在，因此白色沉淀甲为
Al(OH）3，原溶液中含有Al3＋，根据溶液显电中性，阳离子所带的电荷数总物质的量浓度为3n(Al3＋）＋n(H＋）=3×0.1＋0.1=0.4mo l·L－1，而NO3－所带电荷数为0.1mol·L－1，又因为各离子浓度为0.1mol·L－1，因此原溶液中含有SO42－、Cl－，故A正确；
B.题目中没有说标准状况，因此无法计算气体体积，故B错误；
C.因为加的是过量的(NH4）2CO3，所以有Ba2＋＋CO32－=BaCO3↓，根据A选项的分析，原溶液中有SO42－，因此也就有Ba2＋＋SO42－=BaSO4↓，因此沉淀乙一定是BaCO3、BaSO4，故C错误；
D.根据A选项的分析，原溶液中一定没有I－，故D错误；
故答案选A。

8．在含有Na＋的溶液中，还可能存在NH4＋、Fe2＋、Br－、CO32－、I－、SO32－六种离子中的一种或几种，进行如下实验：
（1）原溶液滴加少量氯水后，有气泡生成，溶液呈橙黄色；
（2）向橙黄色溶液中加BaCl2溶液无沉淀生成；
（3）橙黄色溶液不能使淀粉变蓝。

由此推断原溶液中一定不存在的离子是
A．NH4＋、Br－、CO32－B．Fe2＋、I－、SO32－
C．Fe2＋、I－、CO32－D．NH4＋、I－、SO32－
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
(1)加足量氯水后，有气泡产生、溶液呈橙黄色，氯水中含有氯气、盐酸和次氯酸，氯气和溴离子反应生成溴单质溶液呈橙黄色，推断一定含有Br-，生成气体，是溶液中盐酸和阴离子反应生成气体，说明含有CO32-；
(2)若原溶液中含有亚硫酸根离子，在氯水中会被氧化为硫酸根离子，加入氯化钡会生成沉淀，橙黄色的溶液中加入BaCl2溶液时无沉淀生成，证明一定不含SO42-离子；
(3)橙黄色溶液不能使淀粉变蓝，没有I2，说明原溶液一定不含I-；
根据离子共存问题，含有CO32-就不含Fe2＋；NH4＋可能存在；所以一定不含有的离子是：Fe2＋、I－、SO32－，B正确；
答案选B。

【点睛】
离子推断需要的四个原则，肯定原则、互斥原则、引入原则、电中性原则；根据氯水中含有氢离子及溶液中的离子具有氧化性分析第一问，根据亚硫酸根具有还原性分析第二问，根据淀粉遇碘变蓝分析第三问。

9．下列离子方程式书写正确的是：
A．将Ba(OH)2溶液不断加入KAl(SO4)2溶液中反应至沉淀物质的量最大：3Ba2++ 6OH–+
2Al 3++ 3SO 42–=3BaSO 4↓+ 2Al(OH)3↓ B ．Cl 2通入冷水中：Cl 2+ H 2O =Cl –+ ClO –+ 2H +
C ．CuSO 4溶液跟Ba(OH)2溶液混合：Ba 2++ SO 42–= BaSO 4↓
D ．漂白粉溶液中通入SO 2气体：Ca 2++2ClO -+SO 2+H 2O=CaSO 3↓+2HClO 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】
A. 将Ba(OH)2溶液不断加入KAl(SO 4)2溶液中反应至沉淀物质的量最大，此时钡离子和硫酸根离子都恰好完全沉淀，该反应的离子方程式为3Ba 2++ 6OH –+ 2Al 3++ 3SO 42–=3BaSO 4↓+ 2Al(OH)3↓，A 正确；
B. Cl 2通入冷水中生成盐酸和次氯酸，该反应的离子方程式为Cl 2+ H 2O ⇌ Cl –+ HClO +H +，B 不正确；
C. CuSO 4溶液跟Ba(OH)2溶液混合后生成氢氧化铜沉淀和硫酸钡沉淀，该反应的离子方程式为Cu 2++Ba 2++2OH -+ SO 42–= BaSO 4↓+ Cu(OH)2↓，故C 错误；
D. 漂白粉溶液中通入SO 2气体，由于次氯酸具有氧化性，不能生成亚硫酸钙，该反应的离子方程式为Ca 2++2ClO -+SO 2+H 2O=CaSO 4↓+2HCl ，D 错误。

综上所述，离子方程式书写正确的是A 。

10．在测定液态BrF 3导电性时发现，20℃时导电性很强，其他实验证实存在一系列有明显离子化合物倾向的盐类，如KBrF 4，(BrF 2)2SnF 6等，由此推测液态BrF 3电离时的阳、阴离子是
A ．BrF 2+，BrF 4-
B ．BrF 2+，F -
C ．Br 3+，F -
D ．BrF 2+，BrF 32-
【答案】A 【解析】 【分析】
根据4KBrF 、226(BrF )SnF 等物质都是具有明显离子化合物倾向的盐可知，它们能电离出
自由移动的离子，其电离方程式分别是：44KBrF K BrF +-
=+、
22626(BrF )SnF 2BrF SnF +-=+，说明4BrF -、2BrF +是稳定存在的离子，液态3BrF 20℃时
导电性很强，说明液态BrF 3为部分电离，所以3BrF 的电离方程式为2BrF 3ƒ
42 BrF BrF -++，据此回答。

【详解】
A ．3BrF 的电离方程式为2BrF 3ƒ42 BrF BrF -++，A 正确；
B ．BrF 3电离不产生F -，B 错误；
C ．BrF 3电离不产生F -、Br -，C 错误；
D ．BrF 3电离不产生BrF 2+、BrF 32-，D 错误。

答案选A 。

11．含有下列离子或分子的溶液中，通入过量SO2气体后仍能大量共存的是
A．H+、Ca2+、Fe3+、NO3-
B．Ba2+、Cl-、Al3+、H+
C．Na+、NH4+、I-、HS-
D．Na+、Ca2+、K+、Cl-
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
A、因足量SO2通入溶液时，SO2与Fe3+发生氧化还原反应，2Fe3++SO2+2H2O=2Fe2++SO42-
+4H+，则不能共存，故A错误；
B、该组离子不反应，能大量共存，通入过量SO2气体后，SO2+H2O⇌H2SO3，
H2SO3H++HSO3-，HSO3-H++SO32-，因溶液中有大量氢离子，所以二氧化硫几乎不溶，能大量共存，故B正确；
C、因亚硫酸的酸性比氢硫酸强，所以当溶液中，通入过量SO2气体后，
SO2+H2O H2SO3，H2SO3H++HSO3-，HSO3-H++SO32-，H++HS-=H2S↑，
2H2S+SO2=3S↓+2H2O则不能共存，故C错误；
D、该组离子不反应，能大量共存，溶液中，通入过量SO2气体后，SO2+H2O H2SO3，H2SO3H++HSO3-，HSO3-H++SO32-，亚硫酸根离子与Ca2+反应生成沉淀，不能大量共存，故D错误；
故选B。

【点晴】
离子共存问题，解题的关键在于：掌握离子不能共存的原因，平时学习应多注意积累一些特殊的反应。

解答该题注意二氧化硫与水反应的产物与溶液中的离子共存。

各组离子的溶液中，通入过量SO2气体后，SO2+H2O H2SO3，H2SO3H++HSO3-，HSO3-H++SO32-，溶液中存在大量的氢离子、亚硫酸根离子，抓住隐含的信息，就可以顺利解答了。

12．溶液中可能含有H＋、NH4+、Mg2＋、Al3＋、Fe3＋、CO32-、SO42-、NO3-中的几种。

①加入铝片，产生无色无味的气体；②加入NaOH溶液，产生白色沉淀，且产生的沉淀量与加入NaOH的物质的量之间的关系如图所示。

则下列说法正确的是（）
A．溶液中一定不含CO32-，可能含有SO42-和NO3-
B．在滴加NaOH溶液物质的量为0.5～0.7mol时，发生离子反应为Al3＋＋4OH－=AlO2-＋
2H 2O
C ．溶液中的阳离子只有H ＋、Mg 2＋、Al 3＋
D ．n(H ＋)∶n(NH 4+)∶n(Mg 2＋)＝2∶4∶1 【答案】D 【解析】 【分析】
根据题意知，①溶液中加入铝片，产生无色无味的气体为氢气，则溶液中有大量氢离子，则没有碳酸根和硝酸根离子，根据电中性原则知，溶液中一定含有硫酸根；②加入NaOH 溶液，产生白色沉淀，说明溶液中一定不含铁离子；当溶液中含氢离子、铵根离子、镁离子、铝离子时，加入氢氧化钠，先与氢离子反应，再与镁、铝离子反应生成氢氧化物沉淀，再与铵根离子反应得到一水合氨，再与氢氧化铝反应生成偏铝酸钠。

【详解】
A 、溶液中加入铝片，产生无色无味的气体为氢气，则溶液中有大量氢离子，则一定不含CO 32-和NO 3-，根据电中性原则知，一定含有SO 42-，故A 错误；
B 、根据题给图像知，在滴加NaOH 溶液物质的量为0.5至0.7mol 时，发生的离子反应为：NH 4++OH -=NH 3·
H 2O ，故B 错误； C 、根据题给图像知，溶液中的阳离子一定含NH 4+、H +、Mg 2+、Al 3+，故C 错误； D 、根据题给图像分析，氢离子消耗氢氧根离子的物质的量是0.1mol ，所以氢离子的物质的量是0.1mol ，氢氧化钠为0.5至0.7mol 时，发生的离子反应为：NH 4++OH -=NH 3·H 2O ，所以铵离子的物质的量为0.2mol ，氢氧化钠为0.7至0.8mol 时，发生反应Al(OH)3+OH -=AlO 2-+2H 2O ，所以Al 3＋的物质的量是0.1mol ，镁离子的物质的量是(0.4mol-0.1mol ×3)÷2=0.05mol ，n(H +)∶n(NH 4+)∶n(Mg 2+) =2∶4∶1，故D 正确。

13．工业生产上用过量烧碱溶液处理某矿物（含Al 2O 3、MgO ），过滤后得到滤液用NaHCO 3溶液处理，测得溶液pH 和Al （OH ）3生成的量随加入NaHCO 3溶液体积变化的曲线如图，下列有关说法不正确的是（ ）
A ．生成沉淀的离子方程式为：232233()HCO AlO H O Al OH CO ---
++=↓+ B ．原NaHCO 3溶液中22333()()()c H CO c HCO c CO --
++ =0.8mol/L
C ．a 点溶液中存在：2()()()()c Na c H c AlO c OH ++--
+=+
D ．a 点水的电离程度小于b 点水的电离程度
【答案】B 【解析】 【分析】
氢氧化钠与氧化铝反应后生成偏铝酸钠，偏铝酸钠与碳酸氢钠反应会生成氢氧化铝沉淀；
根据物料守恒，原溶液中的22333()()()()c H CO c HCO c CO c Na -
-
+
++=，推断出()c Na +
即可得到答案； 【详解】
A ．根据强酸制弱酸原理可以写出离子方程式
232233()HCO AlO H O Al OH CO --
-++=↓+，故A 正确；
B ．加入40mLNaHCO 3溶液时沉淀最多，沉淀为0.032mol ，前8mLNaHCO 3溶液和氢氧化钠反应（2332OH HCO CO H O ---
+=+ ）不生成沉淀，后32mLNaHCO 3溶液与偏铝酸钠反
应（232233()HCO AlO H O Al OH CO ---
++=↓+）生成沉淀，则原NaHCO 3溶液物质的量
浓度3()c NaHCO =
0.032
0.032
mol/L=1.0mol/L ，原NaHCO 3溶液中的物料守恒为22333()()()()c H CO c HCO c CO c Na --+++==1.0mol/L ，故B 错误；
C ．a 点为偏铝酸钠和氢氧化钠混合溶液，根据电荷守恒可以写出：
2()()()()c Na c H c AlO c OH ++-
-+=+，故C 正确；
D ．水的电离程度：a 点为偏铝酸钠和氢氧化钠的混合液，b 点为偏铝酸钠与碳酸钠的混合液，因为酸碱抑制水的电离，盐类水解促进水的电离，所以水的电离程度：a 点小于b 点，故D 正确； 答案选B 。

【点睛】
氢氧化钠与氧化铝反应后生成偏铝酸钠，偏铝酸钠与碳酸氢钠反应会生成氢氧化铝沉淀；物料守恒是水溶液常考的知识点，例如此题中原溶液的
22333()()()()c H CO c HCO c CO c Na --+++=，推断出()c Na + 即可得到答案；水的电离与
酸碱性有很大关系，酸碱抑制水的电离，能水解的盐可以促进水的电离。

14．往NH 4HSO 4溶液中逐滴加入Ba(OH)2溶液，发生的离子反应方程式可能为 A ．NH 4+ + 2H + + SO 42¯+ Ba 2+ + 3OH¯−−→BaSO 4↓+ NH 3·H 2O + 2H 2O B ．NH 4+ + H + + SO 42¯ + Ba 2+ + 2OH¯−−→ BaSO 4↓+ NH 3·H 2O + H 2O C ．2NH 4+ + H + + 2SO 42¯+ 2Ba 2+ + 3OH¯−−→2BaSO 4↓+ 2NH 3·H 2O + H 2O D ．NH 4+ + 3H + + 2SO 42¯+ 2Ba 2+ + 4OH¯−−→2BaSO 4↓+ NH 3·H 2O + 3H 2O 【答案】BD 【解析】 【分析】
往NH 4HSO 4溶液中逐滴加入Ba(OH)2溶液，当NH 4HSO 4过量时，Ba 2+ 、OH¯必须满足组成
1：2关系；若Ba(OH)2过量，则NH4+、 H+、SO42¯ 必须满足组成1：1：1关系。

【详解】
A．不管是(NH4+ + 2H+ + SO42¯)还是(Ba2+ + 3OH¯)都不满足组成关系，A不正确；
B．表示NH4HSO4与Ba(OH)2等物质的量反应，B正确；
C．不管是(2NH4+ + H+ + 2SO42¯)还是(2Ba2+ + 3OH¯)，都不满足组成关系，C不正确；
D．表示3molNH4HSO4与2molBa(OH)2发生反应，D正确；
故选BD。

15．今有一混合物的水溶液，只可能肯有以下离子中的若干种：K+、NH4+、Cl-、Mg2+、Ba2+、CO32-、SO42-，现取三份100 mL溶液进行如下实验：
(1)第一份加入AgNO3溶液有沉淀生成；
(2)第二份加足量NaOH溶液后，收集到气体0.05mol；
(3)第三份加足量BaCl2溶液后，得干燥沉淀4.3g，经足量盐酸洗涤、干燥后，沉淀质量为2.33g。

根据上述实验，以下推测正确的是
A．K+可能存在B．混合溶液中c(CO32-)为1 mol/L
C．Cl-一定存在D．Ba2+一定不存在，Mg2+可能存在
【答案】AC
【解析】
【分析】
【详解】
①与AgNO3溶液有沉淀产生的离子有Cl-、CO32-、SO42-；②加足量NaOH溶液加热产生气体，气体是氨气，故一定有NH4+，且物质的量是0.05mol，其浓度是0.05mol÷0.1L＝
0.5mol/L。

③不溶于盐酸的2.33g沉淀为硫酸钡，物质的量是2.33g÷233g/mol＝0.01mol；
4.3g沉淀是硫酸钡和碳酸钡的混合物，碳酸钡质量为4.3g－2.33g＝1.97g，物质的量为1.97g÷197g/mol＝0.01mol，故一定存在CO32-、SO42-，因而一定没有 Mg2+、Ba2+；c（CO32-）=0.01mol÷0.1L=0.1mol/L，c（SO42-）=0.01mol÷0.1L=0.1mol/L。

根据电荷守恒可知，c （NH4+）－2c（CO32-）+2c（SO42-）==0.5mol/L－0.1mol/L×2－0.1mol/L×2＝0.1mol/L，所以一定还含有阴离子，即一定含有氯离子，则K＋也可能存在，综合以上可以得出，一定存在的离子有NH4+、K+、CO32-、SO42-、Cl-，一定没有的离子Mg2+、Ba2+，因此答案选AC。