高三数学二轮复习 专题辅导(6)数学方法之特殊证法精品教学案 教案

【专题六】数学方法之特殊证法
【考情分析】
近几年的高考虽然削弱了在不等式证明方面的要求，但像立体几何中位置关系的认定，数列关系式的认可以及解析几何性质的证明都是频频出现的考试形式。

在高考中所占的分值大约在30分左右。

这类考题的特点是：
（1）立体几何证明多以线、面间垂直或平行关系的证明为主，解决此类问题的思路是应用好在该部分学习的判定定理和性质定理即可；
（2）数列题可能是与等差等比数列定义或性质有关的结论的证明问题（譬如证明数列是否为等差或等比数列，这类题目要应用好定义和性质公式，技巧性很强）、也可能是复合不等式知识的或单纯等式形式的与自然数有关的结论的证明问题（解题思路是可能应用数学归纳法或放缩法）；
（3）解析几何中的解答题经常与平面几何图形相结合，经常判断一些位置关系，此类题目的证明多要结合几何特征，应用好代数关系式说明；
预测2013年高考的趋势为：题型、题量以及出题点还和往年一样，基本保持不变；
【知识归纳】
1．定义法
所谓定义法，就是直接用数学定义解决问题。

数学中的定理、公式、性质和法则等，都是由定义和公理推演出来。

定义是揭示概念内涵的逻辑方法，它通过指出概念所反映的事物的本质属性来明确概念。

定义是千百次实践后的必然结果，它科学地反映和揭示了客观世界的事物的本质特点。

简单地说，定义是基本概念对数学实体的高度抽象。

用定义法解题，是最直接的方法。

2．反证法
反证法是属于“间接证明法”一类，是从反面的角度思考问题的证明方法，即：肯定题设而否定结论，从而导出矛盾推理而得。

反证法的实质：“若肯定定理的假设而否定其结论，就会导致矛盾”。

具体地讲，反证法就是从否定命题的结论入手，并把对命题结论的否定作为推理的已知条件，进行正确的逻辑推理，使之得到与已知条件、已知公理、定理、法则或者已经证明为正确的命题等相矛，矛盾的原因是假设不成立，所以肯定了命题的结论，从而使命题获得了证明。

反证法的证题模式可以简要的概括我为“否定→推理→否定”。

即从否定结论开始，经过正确无误的推理导致逻辑矛盾，达到新的否定，可以认为反证法的基本思想就是“否定之否定”
应用反证法证明的主要三步是：否定结论→推导出矛盾→结论成立。

实施的具体步骤是：
第一步，反设：作出与求证结论相反的假设；
第二步，归谬：将反设作为条件，并由此通过一系列的正确推理导出矛盾；
第三步，结论：说明反设不成立，从而肯定原命题成立。

在应用反证法证题时，一定要用到“反设”进行推理，否则就不是反证法。

用反证法证题时，如果欲证明的命题的方面情况只有一种，那么只要将这种情况驳倒了就可以，这种反证法又叫“归谬法”；如果结论的方面情况有多种，那么必须将所有的反面情况一一驳倒，才能推断原结论成立，这种证法又叫“穷举法”。

一般来讲，反证法常用来证明的题型有：命题的结论以“否定形式”、“至少”或“至多”、“唯一”、“无限”形式出现的命题；或者否定结论更明显。

具体、简单的命题；或者直接证明难以下手的命题，改变其思维方向，从结论入手进行反面思考，问题可能解决得十分干脆。

3．数学归纳法
数学归纳法是用来证明某些与自然数有关的数学命题的一种推理方法，在解数学题中有着广泛的应用。

它是一
个递推的数学论证方法，论证的第一步是证明命题在n＝1(或n
)时成立，这是递推的基础；第二步是假设在n＝k 时命题成立，再证明n＝k＋1时命题也成立，这是无限递推下去的理论依据，它判断命题的正确性能否由特殊推广到一般，实际上它使命题的正确性突破了有限，达到无限。

这两个步骤密切相关，缺一不可，完成了这两步，就可
以断定“对任何自然数（或n≥n
且n∈N）结论都正确”。

由这两步可以看出，数学归纳法是由递推实现归纳的，属于完全归纳。

运用数学归纳法证明问题时，关键是n＝k＋1时命题成立的推证，此步证明要具有目标意识，注意与最终要达到的解题目标进行分析比较，以此确定和调控解题的方向，使差异逐步减小，最终实现目标完成解题。

运用数学归纳法，可以证明下列问题：与自然数n有关的恒等式、代数不等式、三角不等式、数列问题、几何问题、整除性问题等等。

4．不等式的证明方法
（1）比较法是证明不等式最基本、最常用、最重要的方法之一。

它包括“作差法”与“作商法”，比差法的理论依据是：
>
-
⇔
>b
a
b
a
=
-
⇔
=b
a
b
a
<
-
⇔
<b
a
b
a
比商法的理论依据是a，b∈R＋，那么：
1
>
⇔
>
b
a
b
a
1
<
⇔
<
b
a
b
a
1
=
⇔
=
b
a
b
a
判断a，b的大小，当a，b∈R时，可以通过判断a－b与0的大小来完成。

当a，b∈R＋时，可以通过判断
b
a
与1的大小来完成。

比较法这种方法其本质就在于单独讨论“a，b”不等式难以证明时，就“a－b，
b
a
”整体讨论，使问题迁移
“环境”，给问题带来新的结构。

对a－b，
b
a
变形后与0，1的比较提供可能，这种变形后的式子结构“a－b，
b
a
”
能够和“0，1”比较大小是比较法的精髓。

作差法中，对差“a －b ”的变形方法通常有通分、配方（非负数）、因式分解、二次函数的判别式等。

作商法的一般步骤是，求商 变形 判断与1的大小。

方法的选择：若不等式两边含有相同的项，或者作差以后能进行因式分解；能用配方法，能写成分式判断其符号，可使用作差法。

若不等式两边是指数形式，能使分子、分母变形得到相同结果的不等式，用作商法比较容易，也就是说，凡适合于求“商”运算，并能比较出商与1的大小的不等式，一般都适合于用作商法证明。

（2）综合法
综合法就是由已知出发，根据不等式性质，基本不等式等，逐步推导得到所要证明的不等式的一种方法，也就是用因果关系书写“从已知出发”借助不等式性质和有关定理，经过逐步的逻辑推理，最后达到待证不等式得证的全过程，其特点可描述为“执因索果”，即从“已知”看“可知”逐步推向“未知”，综合法证明题逻辑性很强，它要求每步推理都要有依据。

（3）分析法
证明不等式，可以从待证的不等式出发，分析使这个不等式成立的充分条件，把证明不等式转化成为判定这些充分条件是否具备的问题，如果能断定这些充分条件都已具备，那么就可以断定原不等式成立，这种证明方法叫做分析法。

分析法是从结论入手，逆求使它成立的充分条件，直到和已知条件沟通为止，概括地说就是“从未知，看需知，逐步靠拢已知”。

分析法证明“若A 则B ”的基本模式是
欲证B 为真 只需证B 1为真 只需证B 2为真 ………… 只需证A 为真， 今已知A 为真，故B 必真 其逻辑关系是12B B B A ⇐⇐⇐
（4）放缩法
在证明不等式A ＞B 时，可以构造出数学式C ，使A ＞C ，且C ＞B ，则A ＞B 得证。

其中数学式C 常常通过将A 缩小或将B 放大而构成，它的依据是不等式的传递性，这种证明方法叫做放缩法，用放缩法证明不等式，在高中数
学中占有一定的比重。

【考点例析】 题型1：定义法
例1：（2012高考湖南）已知数列{a n }的各项均为正数，记A （n ）=a 1+a 2+……+a n ，B （n ）=a 2+a 3+……+a n +1，C （n ）=a 3+a 4+……+a n +2，n =1，2，……
（1）若a 1=1，a 2=5，且对任意n ∈N ﹡，三个数A （n ），B （n ），C （n ）组成等差数列，求数列{ a n }的通项公式；
（2）证明：数列{ a n }是公比为q 的等比数列的充分必要条件是：对任意N n *
∈，三个数A （n ），B （n ），C （n ）组成公比为q 的等比数列。

【答案】解（１）对任意N n *
∈，三个数(),(),()A n B n C n 是等差数列，所以 ()()()(),B n A n C n B n -=- 即112,n n a a a ++-=亦即2121 4.n n a a a a +--=-=
故数列{}n a 是首项为１，公差为４的等差数列.于是1(1)44 3.n a n n =+-⨯=- （Ⅱ）（１）必要性：若数列{}n a 是公比为ｑ的等比数列，则对任意N n *
∈，有
1.n nq a a -=由0n a >知，(),(),()A n B n C n 均大于０，于是
12)
2311212(......(),()......n n n n q a a a a a a B n q A n a a a a a a +++++++===++++++
231)
342231231
(......(),()......n n n n q a a a a a a C n q B n a a a a a a ++++++++++===++++++ 即
()()B n A n ＝()()
C n B n ＝q ，所以三个数(),(),()A n B n C n 组成公比为q 的等比数列. （２）充分性：若对于任意N n *
∈，三个数(),(),()A n B n C n 组成公比为q 的等比数列， 则
()(),()()B n qA n C n qB n ==，
于是[]()()()(),C n B n q B n A n -=-得2211(),n n a a q a a ++-=-即 2121.n n a qa a a ++-=-
由1n =有(1)(1),B qA =即21a qa =，从而210n n a qa ++-=. 因为0n a >，所以
22
11
n n a a q a a ++==，故数列{}n a 是首项为1a ，公比为q 的等比数列， 综上所述，数列{}n a 是公比为q 的等比数列的充分必要条件是：对任意n ∈N ﹡，三个数(),(),()A n B n C n 组成公比为q 的等比数列.
【点评】本题考查等差数列、等比数列的定义、性质及充要条件的证明.第一问由等差数列定义可得；第二问要从充分性、必要性两方面来证明，利用等比数列的定义及性质易得证.
题型2：反证法
例2．（2012高考江苏）已知各项均为正数的两个数列{}n a 和{}n b 满足：2
2
1n
n n n n b a b a a ++=
+，*N n ∈，
（1）设n n n a b b +=+11，*N n ∈，求证：数列2
n n b a ⎧⎫⎛⎫
⎪⎪
⎨⎬ ⎪
⎝⎭
⎪⎪⎩⎭
是等差数列； （2）设n
n n a b
b •=+21
，*N n ∈，且{}n a 是等比数列，求1a 和1b 的值．
解：（1）∵n n n a b b +=+11
，∴1n a +=。

∴
1
1
n n b a ++=
()2
22
2111*n n n n n n b b b n N a a a ++⎛⎫⎛⎫⎛⎫-=-=∈ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭。

∴数列2
n n b a ⎧⎫⎛⎫⎪⎪
⎨⎬ ⎪⎝⎭⎪⎪⎩⎭
是以1 为公差的等差数列。

（2）∵00n n a >b >，，∴
()
()2
2
2
2
2
n n n n n n a b a b <a b +≤++
，∴11n <a +≤（﹡） 设等比数列{}n a 的公比为q ，由0n a >知0q >， 下面用反证法证明=1q ，若1,q >
则2
12=
a a <a q
≤
1log q n >
时，11n n a a q +=
若01,<q <则212=
1a a >a >q ，∴当1
1
log q n >a 时，111n n a a q <+=，与（﹡）矛盾。

∴综上所述，=1q 。

∴()1*n a a n N =∈
，∴11<a ≤
又∵11n n n n b b b a +=()*n N ∈，∴{}n b
1的等比数列。

若1a ≠
1
1，于是123b <b <b 。

又由2
2
1n
n n n n b a b a a ++=
+
即1a
，得11
n b a -。

∴123b b b ，，中至少有两项相同，与123b <b <b
矛盾。

∴1a 。

∴
1
n b -12=a b 。

【点评】等差数列和等比数列的基本性质，基本不等式，反证法。

（1）根据题设2
2
1n
n n n n b a b a a ++=
+和
n n n a b b +=+11
，求出11n n b
a ++=22
111n n n n b b a a ++⎛⎫⎛
⎫-= ⎪
⎪⎝⎭⎝⎭
而得证。

（2）根据基本不等式得到11n <a +≤{}n a
的公比=1q 。

从而得到(
)1*n a a n N =∈的结论，再由11n n
n n b b b a +=
知{}n b 1
的等比数列。

最后用反证法求出12=a b 。

例3．（11陕西理，21）设函数()f x 定义在(0,)+∞上，(1)0f =，导函数1
()f x x
'=，()()()g x f x f x '=+． （1）求()g x 的单调区间和最小值； （2）讨论()g x 与1
()g x
的大小关系；
（3）是否存在00x >，使得01
|()()|g x g x x
-<对任意0x >成立？若存在，求出0x 的取值范围；若不存在，请说明理由．
【分析】（1）先求出原函数()f x ，再求得()g x ，然后利用导数判断函数的单调性（单调区间），并求出最小值；（2）作差法比较，构造一个新的函数，利用导数判断函数的单调性，并由单调性判断函数的正负；（3）存在性问题通常采用假设存在，然后进行求解；注意利用前两问的结论．
【解】（1）∵1
()f x x
'=
，∴()ln f x x c =+（c 为常数），又∵(1)0f =，所以ln10c +=，即0c =， ∴()ln f x x =；1
()ln g x x x
=+，
∴21()x g x x -'=
，令()0
g x '=，即2
1
0x x -=，解得1x =， 当(0,1)x ∈时，()0g x '<，()g x 是减函数，故区间在(0,1)是函数()g x 的减区间； 当(1,)x ∈+∞时，()0g x '>，()g x 是增函数，故区间在(1,)+∞是函数()g x 的增区间； 所以1x =是()g x 的唯一极值点，且为极小值点，从而是最小值点， 所以()g x 的最小值是(1)1g =．
（2）1
()ln g x x x =-+，设11()()()2ln h x g x g x x x x
=-=-+
， 则2
2
(1)()x h x x
-'=-， 当1x =时，(1)0h =，即1()()g x g x
=， 当(0,1)
(1,)x ∈+∞时，()0h x '<，(1)0h '=，
因此函数()h x 在(0,)+∞内单调递减，
当01x <<时，()(1)h x h >=0，∴1()()g x g x
>； 当1x >时，()(1)h x h <=0，∴1
()()g x g x
<． （3）满足条件的0x 不存在．证明如下： 证法一 假设存在00x >，使01
|()()|g x g x x
-<对任意0x >成立， 即对任意0x >有02
ln ()ln x g x x x
<<+ ① 但对上述的0x ，取0()
1g x x e
=时，有10ln ()x g x =，这与①左边的不等式矛盾，
因此不存在00x >，使01
|()()|g x g x x
-<对任意0x >成立． 证法二 假设存在00x >，使01
|()()|g x g x x
-<对任意0x >成立，
由（1）知，()g x 的最小值是(1)1g =， 又1
()ln ln g x x x x
=+>，而1x >时，ln x 的值域为(0,)+∞， ∴当1x
时，()g x 的值域为[1,)+∞，
从而可以取一个值11x >，使10()
()1g x g x +，即10()()
1g x g x -，
∴101
1
|()()|1g x g x x ->
，这与假设矛盾． ∴不存在00x >，使01
|()()|g x g x x
-<对任意0x >成立． 题型3：数学归纳法
例4．函数2
()23f x x x =--。

定义数列{}n x 如下：112,n x x +=是过两点(4,5),(,())n n n P Q x f x 的直线n PQ 与
x 轴交点的横坐标。

（1）证明：123n n x x +≤<<；（2）求数列{}n x 的通项公式。

解：（1）为2
(4)4835f =--=，故点(4,5)P 在函数()f x 的图像上，故由所给出的两点
(4,5),(,())n n n P Q x f x ，可知，直线n PQ 斜率一定存在。

故有
直线n PQ 的直线方程为()5
5(4)4
n n f x y x x --=
--，令0y =，可求得
228435
5(4)4422
n n n
n n n x x x x x x x x x --+--=-⇔=-⇔=-++ 所以143
2
n n n x x x ++=
+
下面用数学归纳法证明23n x ≤<
当1n =时，12x =，满足123x ≤<
假设n k =时，23k x ≤<成立，则当1n k =+时，1435
422
k k k k x x x x ++=
=-++，
由55115
2342512432442
k k k k x x x x ≤<⇔≤+<⇔<
≤⇔<≤-<++即123k x +≤<也成立 综上可知23n x ≤<对任意正整数恒成立。

下面证明1n n x x +<
由22143432(1)4
222
n n n n n n n n n n n x x x x x x x x x x x +++----+-=-==
+++ 由2
231120(1)43n n n x x x ≤<⇒≤-<⇒<--+≤，故有10n n x x +->即1n n x x +<
综上可知123n n x x +≤<<恒成立。

（2）由1432n n n x x x ++=+得到该数列的一个特征方程432x x x +=+即2
230x x --=，解得3x =或1x =-
∴14333322n n n n n x x x x x ++--=
-=++ ① 14355
(1)122n n n n n x x x x x +++--=+=++②
两式相除可得
11331151n n n n x x x x ++--=⨯++，而1
13231
1213
x x --==-++ 故数列31n n x x ⎧⎫-⎨⎬
+⎩⎭
是以13-为首项以1
5为公比的等比数列。

1
311()135n n n x x --=-⋅+，故11195143351351
n n n n x ---⨯-==-⨯+⨯+。

【点评】本试题主要考查了数列的通项公式以及函数与数列相结全的综合运用。

先从函数入手，表示直线方程，从而得到交点坐标，再运用数学归纳法进行证明，根据递推公式构造等比数列进而求得数列的通基。

题型4：放缩法在证明不等式中的妙用
例5．（2012年辽宁）设()(
)()=ln +1+,,,f x x ax b a b R a b ∈为常数，曲线()=y f x 与直线3=
2
y x 在()0,0点相切.
（1）求,a b 的值；
（2）证明：当0<<2x 时，()9<
+6
x
f x x 【命题意图】本题主要考查函数的切线及恒成立问题，考查运算求解能力，是难题. 【解析】（1）由()=y f x 的图像过()0,0点，代入得=-1b
由()=y f x 在()0,0处的切线斜率为
32
，又=0=013'==++12
x x y a a x ⎛⎫
⎪⎝⎭，得=0a …3分 （2）（证法一）由均值不等式，当>0x 时，)1<+1+1=+2
x x +12
x
记()()9=-+6
x
h x f x
x ，则(
)()()()()()22215454+654'==<-+12+14+1+6+6+6x h x x x x x x x ()()()()
3
2
+6-216+1=4+1+6x x x x ，令()()()3=+6-216+1g x x x ，则当0<<2x 时， ()()2
'=3+6-216<0g x x （lby lfx ）
因此()g x 在()0,2内是减函数，又由()0=0g ，得()<0g x ，所以()'<0h x 因此()h x 在()0,2内是减函数，又由()0=0h ，得()<0h x ，
于是当0<<2x 时， ()9<+6
x
f x x …12分 （证法二）
由（
1）知()()=ln +1f x x ，由均值不等式，当>0x 时，)+11<+1+1=+2
x x +12
x
令()()=ln +1-k x x x ，则()()1-0=0,'=
-1=<0+1+1
x
k k x x x ，故()<0k x ，即()ln +1<x x ，由此得，当>0x 时，()3
<2
f x x ，记()()()=+6-9h x x f x x ，则当0<<2x 时，
()()()(
)()31
'=++6'-9<++6-92+1h x f x x f x x x x ⎛ ⎝ (
)()()(()()()()()11=
3+1++6-18+1<3+1++63+-18+12+12+12x x x x x x x x x x x ⎡⎤⎛⎫
⎡⎤ ⎪⎢⎥⎣⎦⎝⎭⎣⎦
()
()=
7-18<04+1x
x x
因此()h x 在()0,2内是减函数，又由()0=0h ，得()<0h x ，即()9<+6x
f x x
例6．（1）已知△ABC 的三边长为a 、b 、c ，求证：1sin sin sin 2228
A B C ≤ 证明：由2
2sin 1cos 2
A
A =-， 及余弦定理有：222222
2
()2sin 12222A b c a a b c a bc bc bc
+---=-=≤
， ∴ sin 2A
，同理可得：sin sin 22B C ≤≤
，
∴
1
sin sin sin 2228
A B C ≤=。

（2）设a ，b ，c ，d 都是正数，ab ＋
bc ＋ca ＝1，证明：a b c ++≥。

证明：2222()222a b c a b c ab bc ca ++=+++++，
2221
[()()()]3()
2
3()3
a b b c c a ab bc ca ab bc cd =-+-+-+++≥+
+=. ∴ a b
c ++≥，当且仅当a b c ===
时取等号。

点评：综上可知，用扩大或缩小分式的分母或分子的方法，用添项或合项的方法，用某些函数的单调性和函数值的有界性等方法进行放缩来推理有关不等式，都是一些常用的放缩手段，难点在于放缩程序的调控，应多思、多想、多练、多总结。

题型5：典例不等式证明
例7．若a b >>00，，a b 33
2+=，求证：a b +≤2，ab ≤1。

证法一：综合法
a b a b >>+=00233
，，
∴+-=+++-=+-=+-=+-+=-+-≤+≤()[()]
[()()]
()()()a b a b a b ab a b ab ab a b ab a b a b a b a b a b 333322223
3
233
2338336323302，即
又a b +>0
∴+≤≤+≤∴≤a b ab a b ab 2
221
证法二：换元法、判别式法
设a b 、为方程x mx n 2
0-+=的两根，则
m a b
n ab
=+=⎧⎨
⎩
a b m n m n a b a b a ab b a b a b ab m m n >>∴>>=-≥=+=+-+=++-=-00
0040123323
3
2
2
22
，，，且∆()
()()
()[()]()
∴=-n m m
232
3 （2）
将（2）代入（1），得m m m 2
243230--≥(
)，即-+≥m m
3830， ∴-+≥m 3
80，即m ≤2
∴+≤a b 2 由2≥m ，得42
≥m 又m n 2
4≥ ∴≥44n ，即n ≤1 ∴≤ab 1。

点评：换元法主要有三角代换、均值代换两种，在应用换元法时，要注意代换的等价性。

如果作差以后的式子
可以整理为关于某一个变量的二次式，则考虑用判别式法证。

证法三：放缩法
a b a b >>+=0023
3
，，
∴=+=++-≥+-=+223322
a b a b a b ab a b ab ab ab a b ()()()()() 于是有63≥+ab a b ()
从而832332
2
3
3
3
≥++=+++=+ab a b a b ab a b a b ()() 所以a b +≤2 （下略）。

点评：放缩法是不等式证明中最重要的变形方法之一，放缩要有的放矢，目标可以从要证的结论中考查。

证法四：比较法
a b a b a b a b ab a b ab 3332222
22
44428
+-+=
++----()
()[] =
+-≥38
02
()()a b a b ， ∴对任意非负实数a b 、，有
a b a b 333
22
+≥+()
a b a b a b a b >>+=∴=+≥+002
122
33333
，，()
∴
+≤a b
2
1，即a b +≤2 （以下略）。

点评：比较法证不等式有作差（商）、变形、判断三个步骤，变形的主要方向是因式分解、配方，判断过程必
须详细叙述。

证法五：反证法 假设a b +>2，则
a b a b a ab b a b a b ab a b ab ab 3
3
2
2
2
32+=+-+=++-≥+>()()()[()]() ∴<ab 1
又a b a b a ab b 3322
+=+-+()() =++->-()[()]()a b a b ab ab 2
2
3223 a b 3
3
2+= ∴>-2243()ab
因此ab >1，前后矛盾，故a b +≤2。

（以下略）
点评：有些不等式，如果不易从正面证明，可以考虑反证法。

凡是含有“至少”、“唯一”或含有其他否定词的命题，适宜用反证法。

例8、（11年安徽理19）
（Ⅰ）设1,1,x y ≥≥证明
;1
11xy y x xy y x ++≤+
+，
（Ⅱ）c b a ≤≤<1，证明
log log log log log log a b c b c a b c a a b c ++≤++.
本题考查不等式的基本性质，对数函数的性质和对数换底公式等基本知识，考查代数式的恒等变形能力和推理论证能力。

证明：（I ）由于1,1≥≥y x ，所以,
)(1)(1112xy x y y x xy xy y x xy y x ++≤++⇔++≤++
将上式中的右式减左式，得
,0)1)(1)(1(,1,1).
1)(1)(1()1)(1()
1)(()1)(1())()(()1)(()1)(())((22≥---≥≥---=+---=-+--+=+-+--=++-++y x xy y x y x xy y x xy xy xy y x xy xy y x y x xy xy y x xy xy x y 所以即然
从而所要证明的不等式成立.
（II ）设
,log ,log y c x b b a ==由对数的换底公式得
.
log ,1
log ,1log ,1log xy c y b x a xy a a c b c ====
于是，所要证明的不等式即为,
1
11xy y x xy y x ++≤++ 其中
.1log ,1log ≥=≥=c y b x b a
故由（I ）立知所要证明的不等式成立。

【方法技巧】
1．反证法所依据的是逻辑思维规律中的“矛盾律”和“排中律”。

在同一思维过程中，两个互相矛盾的判断不能同时都为真，至少有一个是假的，这就是逻辑思维中的“矛盾律”；两个互相矛盾的判断不能同时都假，简单地说“A 或者非A ”，这就是逻辑思维中的“排中律”。

反证法在其证明过程中，得到矛盾的判断，根据“矛盾律”，这些矛盾的判断不能同时为真，必有一假，而已知条件、已知公理、定理、法则或者已经证明为正确的命题都是真的，所以“否定的结论”必为假。

再根据“排中律”，结论与“否定的结论”这一对立的互相否定的判断不能同时为假，必有一真，于是我们得到原结论必为真。

所以反证法是以逻辑思维的基本规律和理论为依据的，反证法是可信的。

2．归纳是一种有特殊事例导出一般原理的思维方法。

归纳推理分完全归纳推理与不完全归纳推理两种。

不完全归纳推理只根据一类事物中的部分对象具有的共同性质，推断该类事物全体都具有的性质，这种推理方法，在数学推理论证中是不允许的。

完全归纳推理是在考察了一类事物的全部对象后归纳得出结论来。

3．综合法有时正好是分析过程的逆推，证法2虽然用综合法表述，但若不先用分析法思考，显然用综合法是无从下手的，多数情况下综合法的表述正是建立在分析法的基础之上，由此可见分析法这种思想，可以运用到几乎
所有问题的解答之中。

分析法的优点是利于思考，它方向明确思路自然，易于掌握，而综合法宜于表述，条理清晰，形式简捷，因而证明
不等式时，常用分析法寻找思路，再用综合法来表述。

分析法一般用于“证明不等式，综合法难以实施”的时候。

【专题训练】
1．分析法是从要证明的结论出发，逐步寻求使结论成立的（ ）
A ．充分条件
B ．必要条件
C ．充要条件
D ．等价条件
2．类比“等差数列的定义”给出一个新数列“等和数列的定义”是（ ） A ．连续两项的和相等的数列叫等和数列
B ．从第二项起，以后第一项与前一项的差都不相等的数列叫等和数列
C ．从第二项起，以后每一项与前一项的和都相等的数列叫等和数列
D ．从第一项起，以后每一项与前一项的和都相等的数列叫等和数列
3．已知数列223434561
a a a a a a a a a ++++++，，，，，则数列的第k 项是（ ） A ．12k k k a a a ++++ B ．121k k k a a a --+++ C ．12k k k a a a -++
+ D ．122k k k a a a --++
+
4．（1）已知332p q +=，求证2<+q p ，用反证法证明时，可假设2>+q p ， （2）已知a b ∈R ，，1a b +<，求证方程20x ax b ++=的两根的绝对值都小于1．
用反证法证明时可假设方程有一根1x 的绝对值大于或等于1，即假设11x ≥， 以下结论正确的是（ ）
A ．(1)与(2)的假设都错误
B ．(1)与(2)的假设都正确
C ．(1)的假设正确；(2)的假设错误
D ．(1)的假设错误；(2)的假设正确 到CD 与
5．如图，在梯形ABCD 中，()AB DC AB a CD b a b ==>，，∥．若EF AB ∥，EF
AB 的距离之比为:m n ，则可推算出n
m nb
ma EF ++=
．试用类比的方法，推想
出下述
OAB △，问题的结果．在上面的梯形ABCD 中，延长梯形两腰AD BC ，相交于O 点，设OEF
△OCD △的面积分别为12S S ，，EF AB ∥且EF 到CD 与AB 的距离之比为:m n ，则的面积0S 与12S S ，的关系是（ ） A ．12
0mS nS S m n
+=
+
B ．12
0nS mS S m n +=
+
C ．120m S n S S m n +=+
D ．12
0n S m S S m n
+=
+
6．用数学归纳法证明(1)(2)()213(21)n n n n n n +++=-····，从k 到1k +，左边需要增乘的代数式为（ ）
A ．21k +
B ．2(21)k +
C ．
21
1
k k ++ D ．
23
1
k k ++ 7．用数学归纳法证明等式(3)(4)
123(3)()2
n n n n *+++++++=
∈N 时，第一步验证1n =时，左边应取的项是
_________
8．已知a 是整数，2a 是偶数，求证：a 也是偶数．(请用反证法证明）
9．已知a b c >>，且0a b c ++=，求证：
23b ac
a
-<．
10.已知数列{a n }满足S n ＋a n ＝2n ＋1， (1) 写出a 1， a 2， a 3，并推测a n 的表达式； (2) 用数学归纳法证明所得的结论。

11. 已知函数()()1
ln 1,x f x x x a
-=
+++其中实数1-≠a (1)若a=2，求曲线()y f x =在点()()
0,0f 处的切线方程； (2)若()f x 在x=1处取得极值，试讨论()f x 的单调性。

12.已知函数()(1)ln 1f x x x x =+-+.
（Ⅰ）若2
'()1xf x x ax ≤++，求a 的取值范围； （Ⅱ）证明：(1)()0x f x -≥ .
【参考答案】
一．选择题： A ，C ，D ， D ，C ，B ，
8．证明：（反证法）假设a 不是偶数，即a 是奇数． 设21()a n n =+∈Z ，则22441a n n =++． 24()n n +∵是偶数，
2441n n ++∴是奇数，这与已知2a 是偶数矛盾．
由上述矛盾可知，a 一定是偶数． 9．证明：因为a b c >>，且0a b c ++=，
所以0a >，0c <，要证明原不等式成立，只需证明23b ac a -<， 即证223b ac a -<，从而只需证明22()3a c ac a +-<， 即()(2)0a c a c -+>，
因为0a c ->，20a c a c a a b +=++=->， 所以()(2)0a c a c -+>成立，故原不等式成立． 10.： (1) a 1＝
23， a 2＝47， a 3＝815
， 猜测 a n ＝2－n 2
1
(2)证明： ①由（1）已得当n ＝1时，命题成立； ②假设n ＝k 时，命题成立，即 a k ＝2－
k
21
， 当n ＝k ＋1时， a 1＋a 2＋……＋a k ＋a k ＋1＋a k ＋1＝2(k ＋1)＋1， 且a 1＋a 2＋……＋a k ＝2k ＋1－a k
∴2k ＋1－a k ＋2a k ＋1＝2(k ＋1)＋1＝2k ＋3， ∴2a k ＋1＝2＋2－
k 21， a k ＋1＝2－1
21+k ，即当n ＝k ＋1时，命题成立. 综合(1)，(2)可知：对于任意正整数n ，都有n n a 2
1
2-=
11
12.。