高考物理电磁学知识点之稳恒电流易错题汇编及答案解析(1)

高考物理电磁学知识点之稳恒电流易错题汇编及答案解析(1)
一、选择题
1．移动充电宝是一种能直接给手机等移动设备充电的储能装置。

如图所示为某品牌充电宝的技术参数。

关于该充电宝，下列说法中正确的是（）
A．在给充电宝充电时，是将化学能转化为电能
B．给该无电的充电宝充电，需要30h才能充满
C．给该无电的充电宝充满电，需要消耗111Wh的电能
D．该充电宝用“输出1”给手机充电时，输出功率为5W
2．物理学中常用两个物理量的比值定义一个新的物理量，如速度是用位移与时间的比值来
定义的，即
x
v
t
=．下面四个物理量的表达式不属于
．．．比值定义的是
A．电流
q
I
t
=B．电势P
E
q
ϕ=
C．电容
Q
C
U
=D．电阻
l
R
S
ρ
=
3．在如图所示的电路中，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势为E，内阻为r。

现将变阻器R的滑片稍向下滑动一些，则（）
A．b灯和c灯变暗，a灯变亮B．a灯和c灯变亮，b灯变暗
C．a灯和c灯变暗，b灯变亮D．a灯和b灯变暗，c灯变亮
4．硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。

如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I变化的关系图象，图线b是某电阻R的U−I图象。

在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列说法中正确的是（）
A ．硅光电池的电动势大于3.6V
B ．硅光电池的总功率为0.4W
C ．硅光电池的内阻消耗的热功率为0.32W
D ．若将R 换成阻值更大的电阻（光照不变），电源效率将减小
5．如今电动动力平衡车非常受年轻人的喜爱，已慢慢成为街头的一种时尚，如图所示为某款电动平衡车的部分参数，则该电动平衡车（ ）
电池容量：5000mAh
充电器输出：直流24V/1000mA
续航里程：40km 额定功率：40W
行驶速度：20km/h ≤ 工作电压：24V
A ．电池从完全没电到充满电所需的时间约为8.3h
B ．电池最多能储存的电能为54.3210J ⨯
C ．骑行时的工作电流为1A
D ．充满电后能工作5h
6．如图，E 为内阻不能忽略的电池，R 1、R 2、R 3为定值电阻，S 0、S 为开关，V 与A 分别为电压表与电流表．初始时S 0与S 均闭合，现将S 断开，则（ ）
A ．V 的读数变大，A 的读数变小
B ．V 的读数变大，A 的读数变大
C ．V 的读数变小，A 的读数变小
D ．V 的读数变小，A 的读数变大
7．如图为某扫地机器人，已知其工作的额定电压为15V ，额定功率为30W ，充电额定电压为24V ，额定电流为0.5A ，电池容量为2000mAh ，则下列说法中错误的是（ ）
A ．电池容量是指电池储存电能的大小
B ．机器人充满电后连续工作时间约为1h
C ．机器人正常工作时的电流为2A
D ．机器人充满电大约需要4h
8．如图所示，电源电动势E =30V ，内阻r =1Ω，直流电动机线圈电阻R M =1Ω，定值电阻R =9Ω。

闭合开关S ，稳定后理想电压表示数为10V 。

下列说法中正确的是（ ）
A ．通过电动机的电流为10A
B ．通过电动机的电流为3011A
C ．电动机的输出功率为16W
D ．电动机的输出功率为20W 9．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，接通电路后，下列判断正确的是
A ．两只电表的指针都不偏转
B ．两只电表的指针偏转角相同
C ．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角
D ．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角
10．如图所示，电源电动势6V E =，内电阻0.5r =Ω，变阻器1R 的最大电阻m 5.0R =Ω，2 1.5R =Ω，341000R R ==Ω，平行板电容器C 的两金属板水平放置。

开关S 与a 接触，电路稳定后（ ）
A．电源的最大输出功率为18W
B．1R增大时，电容器的带电量减少
C．1R的阻值增大时，2R两端的电压增大
D．当开关接向b至电路稳定过程中，流过3R的电流方向为d c
11．如图所示电路，电源内阻不可忽略。

开关S闭合后，在滑动变阻器R0的滑片向下滑动的过程中（）
A．电压表的示数增大
B．电流表的示数减小
C．流经电阻R1的电流减小
D．流经电源的电流减小
12．在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的控制．如图所示，R1为电阻箱，R2为半导体热敏电阻，C为电容器．已知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，则有（）
A．若R1固定，当环境温度降低时电压表的示数减小
B．若R1固定，当环境温度降低时R1消耗的功率增大
C．若R1固定，当环境温度降低时，电容器C的电荷量减少
D．若R1固定，环境温度不变，当电容器C两极板间的距离增大时极板之间的电场强度减小
13．如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，下列说法中不正确的是（）
A．若1R短路，电流表示数变小，电压表示数为零
B．若2R短路，电流表示数变小，电压表示数变大
C．若3R断路，电流表示数为零，电压表示数变大
D．若4R断路，电流表示数变小，电压表示数变大
14．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系图如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是( )
A．将R1单独接到电源两端
B．将R1、R2并联后接到电源两端
C．将R1、R2串联后接到电源两端
D．将R2单独接到电源两端
15．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器4R的滑片向b端移动时，则（）
A．质点P将向上运动B．电流表读数减小
C．电压表读数减小D．3R上消耗的功率增大
16．如图四个灯泡L1，L2，L3，L4完全一样，规格都是12V、12W，在AB两端加上60V 的电压，则经过L3的电流是（）
A．1A
B．2A
C．1.67A
D．1.25A
17．智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置。

充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60−0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）。

如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，下列说法正确的是（）
容量20000mAh兼容性所有智能手机
边充边放否保护电路是
输入DC：5V 2A MAX输出DC：5V 0.1A−2.5A
尺寸56×82×22mm转换率0.60
产品名称索扬SY10−200重量约430g
A．给充电宝充电时将电能转化为内能
B．该充电宝最多能储存能量为3.6×105J
C．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2h
D．该充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，理论上能充满6次
18．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为其内阻，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表。

当开关S闭合后，若将照射R3的光的强度减弱，则下列说法中正确的是（）
A．电压表的示数变小
B．通过R2的电流变小
C．小灯泡消耗的功率变大
D．电源的内电压变大
19．两根材料相同的均匀导线A和B，其长度分别为L和2L，串联在电路中时，其电势的变化如图所示，下列说法正确的是（）
A．A和B导线两端的电压之比为5：2
B．A和B导线两端的电压之比为1：2
C．A和B导线的横截面积之比为1：3
D．A和B导线的横截面积之比为2：3
20．一个内阻可以忽略的电源接在一个装满水银的绝缘圆管两端，通过的电流为0.1 A，若把全部水银倒在一个内径大一倍的绝缘圆管里，通过的电流将是()
A．0.4 A B．0.8 A C．1.6 A D．3.2 A
21．A、B两个电阻的伏安特性曲线如图所示，下列说法正确的是（）
A．R A:R B=3:1
B．R A=0.5Ω
C．两个电阻串联后的总阻值为2Ω3
D．两个电阻并联后的总阻值为3Ω2
22．如图所示，左右两个电路中，当a、b两端和e、f两端分别接220V的交变电压时，测得c、d两端和g、h两端的电压均为110V．若分别在c、d两端和g、h两端加上110V交变电压，则a、b两端和e、f两端测得的电压将分别是( )
A．220V，220V B．220V，110V
C．110V，110V D．220V， 0V
23．在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，将滑动变阻器R3的滑片P向a 端移动过程中（）
A．电压表示数变大，电流表示数变小B．R2消耗的功率变小
C．电源的总功率变大D．电源效率变低
24．如图所示电路，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，电压表、电流表的示数变化情况为
A．两电表示数都增大
B．两电表示数都减少
C．电压表示数减少，电流表示数增大
D．电压表示数增大，电流表示数减少
25．如图所示，R1和R2是同种材料、厚度相同、上下表面为正方形的金属导体，但R1的尺寸比R2的尺寸大。

将两导体同时放置在同一匀强磁场B中，磁场方向垂直于两导体正方形表面，在两导体上加相同的电压，形成如图所示方向的电流；电子由于定向移动，会在垂直于电流方向受到洛伦兹力作用，从而产生霍尔电压，当电流和霍尔电压达到稳定时，下列说法中正确的是（）
A．R1中的电流大于R2中的电流
B．R1导体右表面电势高于左表面电势
C．R1中产生的霍尔电压等于R2中产生的霍尔电压
D．对于R1导体，仅增大厚度时，霍尔电压将增大
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．给充电宝充电时是把电能转化为化学能的过程，故A 错误；
B ．该充电宝的容量为
3530000mAh 30000103600 1.0810C -==⨯⨯=⨯q
以1.5A 的电流为用电器充电则供电时间
5
1.0810s 20h 1.5
q t I ⨯=== 故B 错误；
C ．该充电宝的容量为30000mAh =q ，充电的电压为5V ，则消耗的电能为
45.410J=150Wh W qU ==⨯
而111Wh 是充电宝的额定储存能量，故C 错误；
D ．该充电宝用“输出1”给手机充电时，电压为5V ，电流为1A ，则输出功率为
5W P UI ==
故D 正确。

故选D 。

2．D
解析：D
【解析】
A ：q I t =
是电流的定义式，属于用比值来定义物理量的表达式．故A 项不选． B ：P E q ϕ=
是电势的定义式，属于用比值来定义物理量的表达式．故B 项不选． C ：Q C U
=是电容的定义式，属于用比值来定义物理量的表达式．故C 项不选． D ：l R S
ρ=是电阻的决定式，不属于用比值来定义物理量的表达式．故选择D 项． 点睛：注意区分定义式和决定式．
3．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
R 的滑片稍向下滑动时，变阻器R 接入电路的电阻变大，外电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I 减小，a 灯变暗；
b 灯的电压
b a U E I r R =-+（）
I 减小，U b 增大，则b 灯变亮；
通过c 灯的电流
c b I I I =-
I 减小，I b 增大，则I c 减小，c 灯变暗。

选项C 正确，ABD 错误。

故选C 。

4．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由闭合电路欧姆定律得 U =E -Ir ，当I =0时，E =U =3.6V ，即硅光电池的电动势等于
3.6V ，故A 错误。

B ．硅光电池的总功率为
P 总=EI =3.6×0.2W=0.72W
故B 错误。

C ．硅光电池的内阻
3.6280.2
E U r I --=
=Ω=Ω 电池的内阻消耗的热功率为 P 热=I 2r =0.32 W
故C 正确。

D ．电源效率
100%UI R EI R r
η==⨯+ 随外电阻的增大而增大，故D 错误。

故选C 。

5．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由于电池容量是5000mAh ，即
345000103600 1.810C q -=⨯⨯=⨯
充电器输出电流为1000mA ，所以充电时间为
5000mAh 5h 1000mA q t I =
== 故A 错误；
B ．最多能储存的电能为
451.81024J=4.3210J W qU ==⨯⨯⨯
故B 正确；
C ．额定功率为40W ，工作电压为24V ，则骑行时的工作电流为
405A A 243
P I U =
== 故C 错误；
D ．充满电后能工作 5
4.3210's 3h 40
W t P ⨯=== 故D 错误。

故选B 。

6．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
S 断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V 的读数变大；
把R 1归为内阻，内电压减小，故R 3中的电压增大，由欧姆定律可知R 3中的电流也增大，电流表示数增大，
A ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故A 错误；
B ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故B 正确；
C ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故C 错误；
D ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故D 错误；
7．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
A ．电池容量是指电池的存储电量（电流与时间的乘积）多少，单位是“Ah”，不是储存电能的大小，故A 不正确，符合题意；
BC ．机器人正常工作时的电流
=2A P I U
=
机器人充满电后一次工作时间为 3
2000mA h 101h 2A
Q t I -⋅⨯===
故BC 正确，不符合题意；
D ．电池容量2000mAh ，充电电流为0.5A ，所以充电的时间
2000mA h 4h 0.5A
t ⋅'=
= 故D 正确，不符合题意。

故选A 。

8．C
解析：C
【解析】
【分析】
电动机是非纯电阻性电路，不适用欧姆定律，可通过分析其它用电器电流来确定流过电动机的电流，从而确定电动机的输入、输出功率。

【详解】
AB ．根据闭合电路欧姆定律，可得
E U I R r ++=()
可求得流过电动机的电流
2A I =
AB 错误；
CD ．电动机的输入功率为
20W P UI ==入
电动机内部消耗的功率
2M 4W P I R ==内
因此电动机的输出功率
16W P P P =-=入出内
C 正确，
D 错误。

故选C 。

9．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD 错误，C 正确； 故选C ．
【点睛】
电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分
流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小.
10．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．变阻器1R 的电阻为零时，电源的输出功率最大，电流为
23A E I R r
=
=+ 电源的输出功率 22max 23 1.5W=13.5W P I R ==⨯
故A 错误；
B ．1R 增大时，根据闭合电路的欧姆定律可知，1R 两端的电压增大，根据Q CU =可知电容器的带电量增加，故B 错误；
C ．1R 的阻值增大时，电路的电流减小，2R 两端的电压减小，故C 错误；
D ．开关接a 时，上极板带正电，当开关接向b 后，下极板带正电，流过3R 的电流方向为d →c ，故D 正确。

故选D 。

11．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
AD ．在滑动变阻器R 0的滑片向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路的总电阻减小，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路的总电流I 增大，流经电源的电流增大，路端电压
U E Ir =-
则U 减小，即电压表示数减小，故AD 错误；
BC ．电压表测的是R 1两端的电压，即
11U I R =
电压表示数减小，电阻R 1不变，则流经电阻R 1的电流I 1减小，则电流表的示数
21I I I =-
可知电流表的示数增大，故B 错误，C 正确。

故选C 。

12．D
解析：D
【解析】
【详解】
A.当环境温度降低时R 2增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得到，总电流I 减小，路端电压=U E Ir -，E 、r 不变，则U 增大，电压表的读数增大，故A 错误；
B.R 1消耗的功率21=P I R ，I 减小，R 1不变，则P 减小，故B 错误；
C.若环境温度不变，当电阻箱R 1的阻值增大时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得到，总电流I 减小，电容器的电压()1=+C U E I
r R -，E 、r 、R 2均不变，I 减小，U C 减小，电容器C 的带电量减小，故C 错误；
D.若R 1固定，环境温度不变，电容器C 两板间的电压不变，当电容器C 两极板间的距离增大时，=
U E d
，故D 正确。

故选D 。

13．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．若R 1短路，此时电压表测量R 1的电压，故电压表示数为零，若R 1短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R 3的电压等于路端电压，又电流表测通过R 3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小，故A 不合题意；
B ．若R 2短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R 3的电压等于路端电压，又电流表测通过R 3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小；通过R 3和 R 4电流减小，总电流增大，通过R 1电流增大，所以电压表示数变大，故B 不合题意；
C ．若R 3断路，电流表测通过R 3的电流，故电流表示数为零，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大；R 1和R 2串联的总电压等于路端电压，且R 1和R 2的电阻不变，故电压表示数增大，故C 不合题意；
D ．若R 4断路，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，R 1和R 2串联的总电压等于路端电压，且R 1和R 2的电阻不变，故电压表示数增大，又电流表测通过R 3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变大，故D 符合题意。

故选D 。

14．A
解析：A
【解析】
【详解】
根据闭合电路欧姆定律得：U=E −Ir 知，I=0时，U=E ，图象的斜率等于r ，则由电源的U −I 图线得到：电源的电动势为E=3V ，内阻为r=0.5Ω. 由电阻的伏安特性曲线求出R 1=0.5Ω、R 2=1Ω，R 1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为3A ，路端电压为1.5V ，则电源的输出功率为P 出1=1.5V×3A=4.5W ，
同理，当将R 1、R 2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流I 串=1.5A ，此时电源的输出功率P 串=I 2串(R 1+R 2)=3.75W ；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流I 并=3.6A,此时电源的输出功率P 并=EI 并−I
2并r=4.32W ；R 2单独接到电源两端输出功率为P 出2=2V×2A=4W.所以将R 1单独接到电源两端时电源的输出功率最大。

故A 正确，BCD 错误。

故选：A
【点睛】
由电源的U-I 图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U-I 图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．
15．C
解析：C
【解析】
【详解】
ABC ．由图可知，2R 与滑动变阻器4R 串联后与3R 并联后，再由1R 串联接在电源两端；电容器与3R 并联；当滑片向b 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时1R 两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过3R 的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而2R 中电压增大，故电压表示数减小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故AB 错误，C 正确；
D ．因3R 两端的电压减小，由2U P R
=可知，3R 上消耗的功率减小，故D 错误； 故选C 。

16．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
分析电路可知3L ，4L 并联后与1L ，2L 串联接入电路， 灯泡的电阻22
121212
U R P ===Ω， 则电路总电阻302R R R R =++
=Ω总， 干路电流60230
U I A R ===总， 则经过3L 的电流312I I A =
=，故A 正确．
17．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，选项A 错误；
B ．该充电宝的容量为
3420000mAh 20000103600C 7.210C q -==⨯⨯=⨯
该电池的电动势为5V ，所以充电宝储存的能量
45•57.210J 3.610J E E q ==⨯⨯=⨯电动势
选项B 正确；
C ．以2A 的电流为用电器供电则供电时间
4
47.210s 3.610s 10h 2
q t I ⨯=⨯＝＝＝ 故C 错误；
D ．由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为
20000mAh 0.612000mAh ⨯=
给容量为3000mAh 的手机充电的次数
1200043000
n ==次次 选项D 错误。

故选B 。

18．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
A ．光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大。

由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R 1两端的电压减小，故A 正确；
BD ．因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R 1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R 2的电流增大，故BD 错误；
C ．由并联电路的电流规律可知，总电流减小，流过支路R 2的电流增大，所以流过灯泡的电流一定减小，故由2P I R =可知，小灯泡消耗的功率变小，故C 错误。

故选A 。

19．C
解析：C
【解析】
【详解】
AB ．由图像可知，导线A 长度为1m ，两端电压6V A U =；导线B 长度为2m ，其两端电压为4V B U =，所以A 导线和B 导线两端的电压之比为3：2，AB 错误；
CD ．两导线中电流相等，即 A B A B U U R R = 算得
32
A A
B B R U R U == 根据电阻定律
L R S
ρ
= 可得两导线的横截面积之比为 13
A A
B B B A S L R S L R =⨯= D 错误
C 正确。

故选C 。

20．C
解析：C
【解析】
【详解】
内径大一倍，横截面积变为原来的4倍，由于水银体积不变，故水银长度变为原来的， 则由电阻定律知电阻变为原来的，由欧姆定律知电流变为原来的16倍，即为1.6A.
A. 0.4A 与计算结果不相符；故A 项不合题意.
B. 0.8A 与计算结果不相符；故B 项不合题意.
C. 1.6A 与计算结果不相符；故C 项符合题意.
D. 3.2A 与计算结果不相符；故D 项不合题意.
21．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．由图像可知斜率的倒数表示电阻大小，即
A 2R =Ω
B 6R =Ω
A B 13R R :=:
故AB 错误；
C ．两个电阻串联后的总阻值为
A B 8R R R =+=Ω串
故C 错误；
D ．两个电阻并联后的总阻值为
A B A B 3=
=2
R R R R R ⋅Ω+并 故D 正确。

故选D 。

22．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
当a 、b 两端接220V 的交变电压时，测得c 、d 两端的电压为110V ，则原副线圈匝数比为2：1，所以当c 、d 两端加上110V 交变电压，a 、b 两端电压为220V ，当g 、h 两端加上110V 交变电压时，e 、f 两端电压与g 、h 两端电压相同，也为110V ，故B 正确，ACD 错误．
故选B ．
【点睛】 难度较小，根据已知算出变压器两端线圈匝数比，然后再根据1122
U n U n = 算出变化后的ab 端电压，因为gh 端接110V 电压时，ef 两端电压与其相等，所以可解出
23．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．分析电路结构可知电压表测量路端电压，电流表测量滑动变阻器支路的电流；当滑动变阻器滑片由b 端向a 端滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，则干路电流变小，根据U E Ir =-可知路端电压变大，电压表示数变大，电阻1R 在干路上，根据U IR =可知两端电压变小，根据串联分压可知并联支路电压变大，灯泡2R 两端电压变大，流过的电流变大，灯泡2R 消耗功率变大，根据串联分流可知流过滑动变阻器的电流减小，电流表示数变小，故A 正确，B 错误；
C ．根据P EI =可知，干路电流变小，则电源的总功率变小，故C 错误；
D ．电源效率为
221100%100%()1I R R r I R r r R R
η==⨯=⨯+++ 当滑动变阻器滑片由b 端向a 端滑动时，分析变阻器接入电路的电阻变大，电源效率变高，故D 错误；
故选A 。

24．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
当滑动变阻器的滑片P 向a 端滑动时，接入电路的电阻增大，与R 2并联的电阻增大，外电路总电阻R 总增大，总电流I 减小，则电压表的示数U V =E -I (r+R 1)，则U V 增大；流过R 2的电流22
V U I R =
增大，电流表的读数为2A I I I =-，则电流表示数减小；故A ，B ，C 错误，D 正确. 25．C
解析：C
【解析】
【详解】
A ．电阻L R S
ρ=，设正方形金属导体边长为a ，厚度为b ，则 a R ab b ρρ=
=
则 R 1=R 2
在两导体上加上相同电压，则R 1中的电流等于R 2中的电流，故A 错误； B ．电子在磁场中受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，向右表面偏转，故R 1导体右表面电势低于左表面电势，故B 错误；
C ．根据电场力与洛伦兹力平衡，则有
H eU evB a
=
解得： 1H I BI U Bav Ba
neab ne b ===⋅ 则有R 1中产生的霍尔电压等于R 2中产生的霍尔电压，故C 正确；
D ．据欧姆定律可得：
U U Ub I R b
ρρ=
== 据C 项可得，霍尔电压 11H I BI BU U Bav Ba
neab ne b ne ρ===⋅=⋅ 仅增大厚度时，电压不变时，霍尔电压不变，故D 错误； 故选C 。