高中数学解析几何题型(基础篇)

第七讲 解析几何新题型
【例题解析】 考点1.求参数的值
求参数的值是高考题中的常见题型之一,其解法为从曲线的性质入手,构造方程解之.
例1．若抛物线22y px =的焦点与椭圆22
162
x y +=的右焦点重合，则p 的值为（ ）
A ．2-
B ．2
C ．4-
D ．4
考查意图: 本题主要考查抛物线、椭圆的标准方程和抛物线、椭圆的基本几何性质.
解答过程：椭圆22
162
x y +=的右焦点为(2,0)，所以抛物线22y px =的焦点为(2,0)，则4p =，
故选D.
考点2. 求线段的长
求线段的长也是高考题中的常见题型之一,其解法为从曲线的性质入手,找出点的坐标,利用距离公式解之.
例2．已知抛物线y-x 2+3上存在关于直线x+y=0对称的相异两点A 、B ，则|AB|等于
A.3
B.4
C.32
D.42 考查意图: 本题主要考查直线与圆锥曲线的位置关系和距离公式的应用.
解：设直线AB 的方程为y x b =+，由22123
301y x x x b x x y x b
⎧=-+⇒++-=⇒+=-⎨=+⎩，
进而可求出AB 的中点11(,)22M b -
-+，又由11
(,)22
M b --+在直线0x y +=上可求出1b =，
∴2
20x x +-=，由弦长公式可求出2
211
14(2)32AB =+-⨯-=
故选C
例3．如图，把椭圆2
2
12516
x y +=的长轴
AB 分成8等份，过每个分点作x 轴的垂线交椭圆的上半部
分于1234567,,,,,,P P P P P P P 七个点，F 是椭圆的一个焦点， 则1234567PF P F PF P F PF P F P F ++++++=
____________.
考查意图: 本题主要考查椭圆的性质和距离公式的灵活应用. 解答过程：由椭圆2
2
12516
x y +=的方程知225, 5.a a =∴=
∴1234567
7277535.2
a PF P F P F P F P F P F P F a ⨯++++++==⨯=⨯= 故填35.
考点3. 曲线的离心率
曲线的离心率是高考题中的热点题型之一,其解法为充分利用: (1)椭圆的离心率e ＝a
c ∈(0,1) (e 越大则椭圆越扁);
(2) 双曲线的离心率e ＝a
c ∈(1, ＋∞) (e 越大则双曲线开口越大).
结合有关知识来解题.
例4．已知双曲线的离心率为2，焦点是(4,0)-，(4,0)，则双曲线方程为
A ．221412x y -=
B ．221124x y -=
C ．221106x y -=
D ．22
1610
x y -=
考查意图:本题主要考查双曲线的标准方程和双曲线的离心率以及焦点等基本概念. 解答过程：
2,4,c e c a
=
==所以2
2,12.a b ∴==故选(A). 小结: 对双曲线的标准方程和双曲线的离心率以及焦点等基本概念，要注意认真掌握.尤其对双曲线的焦点位置和双曲线标准方程中分母大小关系要认真体会.
例5．已知双曲线9322=-y x ,则双曲线右支上的点P 到右焦点的距离与点P 到右准线的距离之比等于（ ）
A. 2
B.3
32 C. 2 D.4
考查意图: 本题主要考查双曲线的性质和离心率e ＝a c ∈(1, ＋∞) 的有关知识的应用能力.
解答过程：依题意可知 3293,322=+=+==b a c a ． 考点4.求最大(小)值
求最大(小)值, 是高考题中的热点题型之一.其解法为转化为二次函数问题或利用不等式求最大(小)值:特别是,一些题目还需要应用曲线的几何意义来解答.
例6．已知抛物线y 2=4x ,过点P (4,0)的直线与抛物线相交于A(x 1,y 1),B(x 2,y 2)两点，则y 12+y 22的最小值是 .
考查意图: 本题主要考查直线与抛物线的位置关系，以及利用不等式求最大(小)值的方法.
解:设过点P (4,0)的直线为()()224,8164,y k x k x x x =-∴-+=
()()122222222
122284160,
8414416232.
k x k x k k y y x x k k ∴-++=+⎛⎫∴+=+=⨯=+≥ ⎪⎝
⎭
故填32.
考点5 圆锥曲线的基本概念和性质
圆锥曲线第一定义中的限制条件、圆锥曲线第二定义的统一性，都是考试的重点内容，要能够熟练运用；常用的解题技巧要熟记于心. 例7．
在平面直角坐标系xOy 中,已知圆心在第二象限、半径为22的圆C 与直线y =x 相切于坐标原点O .椭圆9
2
2
2
y a
x +
=1与圆C 的一个交点到椭圆两焦点的距离之和为10.
（1）求圆C 的方程；
（2）试探究圆C 上是否存在异于原点的点Q ，使Q 到椭圆右焦点F 的距离等于线段OF 的长.若存在，请求出点Q 的坐标；若不存在，请说明理由.
[考查目的]本小题主要考查直线、椭圆等平面解析几何的基础知识，考查综合运用数学知识进行推理运算的能力和解决问题的能力． [解答过程] (1) 设圆C 的圆心为 (m, n)
则,222,
m n n =-⎧⎪⎨
⋅=⎪⎩ 解得2,2.
m n =-⎧⎨
=⎩ 所求的圆的方程为 22(2)(2)8x y ++-= (2) 由已知可得 210a = ， 5a =．
椭圆的方程为 22
1259
x y += , 右焦点为 F( 4, 0) ;
假设存在Q 点()
222cos ,222sin θθ-++使QF OF =,
(
)(
)
22
222cos 4222sin 4θθ
-+-++=．
整理得 sin 3cos 22θθ=+， 代入 22sin cos 1θθ+=．
得:210cos 122cos 70θθ++= , 122812222cos 1θ-±-±==<-．
因此不存在符合题意的Q 点. 例8．
如图,曲线G 的方程为)0(22≥=y x y .以原点为圆心，以)0(>t t 为半径的圆分别与曲线G 和y 轴的 正半轴相交于 A 与点B . 直线AB 与 x 轴相交于点C .
（Ⅰ）求点 A 的横坐标 a 与点 C 的横坐标c 的关系式；
（Ⅱ）设曲线G 上点D 的横坐标为2+a ,求证：直线CD 的斜率为定值. [考查目的]本小题综合考查平面解析几何知识，主要涉及平面直角坐标素中的 两点间距离公式、直线的方程与斜率、抛物线上的点与曲线方程的关系 ，考查运算能力与思维能力，综合分析问题的能力. [解答过程]（I ）由题意知，).2,(a a A
因为.2,||22t a a t OA =+=所以 由于.2,02a a t t +=>故有 （1）
由点B （0，t ），C （c ，0）的坐标知，直线BC 的方程为.1=+t
y
c x 又因点A 在直线BC 上，故有,12=+t
a c
a
将（1）代入上式，得,1)
2(2=++
a a a c
a 解得 )2(22+++=a a c .
（II ）因为))2(22(++a a D ，所以直线CD 的斜率为
1)
2(2)
2(2))2(22(2)2(22)2(2-=+-+=+++-++=-++=
a a a a a a c a a k CD ，
所以直线CD 的斜率为定值.
例9．已知椭圆22
22x y E :1(a b 0)a b +=>>，AB 是它的一条弦，M(2,1)是弦AB 的中点，若
以点M(2,1)为焦点，椭圆E 的右准线为相应准线的双曲线C 和直线AB 交于点N(4,1)-，若椭圆离心率e 和双曲线离心率1e 之间满足1ee 1=，求： （1）椭圆E 的离心率；（2）双曲线C 的方程.
解答过程：（1）设A 、B 坐标分别为1122A(x ,y ),B(x ,y )， 则2
2
1122
x y 1a b +=，22
2222x y 1a b
+=，二式相减得： 2
1212AB 2
1212y y (x x )b k x x (y y )a
-+==-=-+2MN 22b 1(1)k 1a 24
---===--，
所以2222a 2b 2(a c )==-，22a 2c =， 则c 2e a
==；
（2）椭圆E 的右准线为22a (2c)x 2c c ===，双曲线的离心率11
e 2e
==
，
设P(x,y)是双曲线上任一点，则：
22
(x 2)(y 1)|PM |2|x 2c |-+-==-，
两端平方且将N(4,1)-代入得：c 1=或c 3=，
当c 1=时，双曲线方程为：22(x 2)(y 1)0---=，不合题意，舍去； 当c 3=时，双曲线方程为：22(x 10)(y 1)32---=，即为所求. 小结：（1）“点差法”是处理弦的中点与斜率问题的常用方法； （2）求解圆锥曲线时，若有焦点、准线，则通常会用到第二定义. 考点6 利用向量求曲线方程和解决相关问题
利用向量给出题设条件，可以将复杂的题设简单化，便于理解和计算. 典型例题：
例10．双曲线C 与椭圆22
184
x y +=有相同的焦点，直线y =x 3为C 的一条渐近线.
(1)求双曲线C 的方程；
(2)过点P (0,4)的直线l ，交双曲线C 于A,B 两点，交x 轴于Q 点（Q 点与C 的顶点不重合）.当12PQ QA QB λλ==，且3
821-=+λλ时，求Q 点的坐标.
考查意图: 本题考查利用直线、椭圆、双曲线和平面向量等知识综合解题的能力,以及运用数形结合思想,方程和转化的思想解决问题的能力.
解答过程：（Ⅰ）设双曲线方程为2222
1x y a b
-=,
由椭圆22
184
x y +=,求得两焦点为(2,0),(2,0)-，
∴对于双曲线:2C c =，又3y x =为双曲线C 的一条渐近线 ∴3b
a
= 解得 22
1,3a b ==，
∴双曲线C 的方程为2
213
y x -=
（Ⅱ）解法一：
由题意知直线l 的斜率k 存在且不等于零.
设l 的方程：114,(,)y kx A x y =+，22(,)B x y ,则4(,0)Q k
-.
1PQ QA λ=,11144(,4)(,)x y k
k
λ∴--=+.
1111
111
14444()44x k k x k k y y λλλλ⎧=--⎧⎪-=+⎪⎪∴⇒⎨⎨⎪⎪-==-⎩⎪⎩
11(,)A x y 在双曲线C 上， ∴21211
11616()10k λλλ+--=.
∴222211161632160.3
k k λλλ++--=∴2221116(16)32160.3
k k λλ-++-=
同理有：2222216(16)32160.3
k k λλ-++-=
若2160,k -=则直线l 过顶点，不合题意.2160,k ∴-≠ 12,λλ∴是二次方程22216(16)32160.3
k x x k -++-=的两根.
122328163
k λλ∴+=
=-
-,24k ∴=，此时0,2k ∆>∴=±. ∴所求Q 的坐标为(2,0)±.
解法二：由题意知直线l 的斜率k 存在且不等于零 设l 的方程，11224,(,),(,)y kx A x y B x y =+，则4(,0)Q k
-.
1PQ QA λ=， Q ∴分PA 的比为1λ.
由定比分点坐标公式得
111111
1111144(1)14401x x k k y y λλλλλλλ⎧⎧-==-+⎪⎪+⎪⎪→⎨
⎨+⎪⎪=-
=⎪⎪+⎩⎩
下同解法一
解法三：由题意知直线l 的斜率k 存在且不等于零 设l 的方程：11224,(,),(,)y kx A x y B x y =+，则4(,0)Q k
-.
12PQ QA QB λλ==， 111222444(,4)(,)(,)x y x y k
k
k
λλ∴--=+=+.
11224y y λλ∴-==， 114y λ∴=-，22
4y λ=-，
又1283
λλ+=-， 12
1123
y y ∴+=,即12123()2y y y y +=.
将4y kx =+代入2
213
y x -=得222(3)244830k y y k --+-=.
230k -≠，否则l 与渐近线平行.
212122224483,33k y y y y k k -∴+==
--.
222244833233k k k -∴⨯=⨯
--.2k ∴=±
(2,0)Q ∴±.
解法四：由题意知直线l 得斜率k 存在且不等于零，设l 的方程：4y kx =+，1122(,),(,)A x y B x y ,则4(,0)Q k
-
1PQ QA λ=,11144
(,4)(,)x y k k
λ∴-
-=+. ∴1114
444k kx x k
λ-
==-++.同理
124
4
kx λ=-
+.
1212448
443
kx kx λλ+=-
-=-++.
即
2121225()80k x x k x x +++=.
（*）
又 22413y kx y x =+⎧⎪
⎨-=⎪⎩
消去y 得2
2(3)8190k
x kx ---=.
当230k -=时，则直线l 与双曲线得渐近线平行，不合题意，230k -≠.
由韦达定理有： 12212283193k x x k x x k ⎧
+=⎪⎪-⎨⎪=-⎪-⎩
代入（*）式得
24,2k k ==±.
∴所求Q 点的坐标为(2,0)±.
例11．
设动点P 到点A (－l ，0)和B (1，0)的距离分别为d 1和d 2， ∠APB ＝2θ,且存在常数λ(0＜λ＜1＝,使得d 1d 2 sin 2θ＝λ．
（1）证明：动点P 的轨迹C 为双曲线，并求出C 的方程；
（2）过点B 作直线交双曲线C 的右支于M 、N 两点,试确定λ的范围, 使·＝0,其中点O 为坐标原点．
[考查目的]本小题主要考查直线、双曲线等平面解析几何的基础知识，考查综合运用数学知识进行推理运算的能力和解决问题的能力．
[解答过程]解法1：（1）在PAB △中，2AB =，即222
121222cos2d d d d θ=+-，
2212124()4sin d d d d θ=-+
，即122d d -（常数）， 点P 的轨迹C 是以A B ，
为焦点，实轴长2a =
方程为：22
11x y λλ
-=-．
（2）设11()M x y ，，22()N x y ，
①当MN 垂直于x 轴时，MN 的方程为1x =，(11)M ，，(11)N -，在双曲线上．
即2111101λλλλλ-=⇒+-=⇒=-01λ<<
，所以λ
②当MN 不垂直于x 轴时，设MN 的方程为(1)y k x =-．
由22
11(1)x y y k x λλ⎧-=⎪
-⎨
⎪=-⎩
得：2222(1)2(1)(1)()0k x k x k λλλλλ⎡⎤--+---+=⎣⎦， 由题意知：2(1)0k λλ⎡⎤--≠⎣⎦
，所以21222(1)(1)k x x k λλλ--+=--，2122
(1)()(1)k x x k λλλλ--+=--． 于是：22
21212
2
(1)(1)(1)k y y k x x k
λλλ=--=
--． 因为0=⋅，且M N ，在双曲线右支上，所以
2121222
122212(1)0(1)210
11310
01x x y y k x x k x x λλλλλλλλλλλλλλλ-⎧+=⎧-⎧=⎪>⎪⎪⎪+-+>⇒⇒<+--⎨⎨⎨⎪⎪⎪>+->>⎩⎩⎪-⎩
．
23
λ<．
解法2：（1）同解法1
（2）设11()M x y ，，22()N x y ，，MN 的中点为00()E x y ，． ①当121x x ==时，221101MB λλλλλ
=-=⇒+-=-，
因为01λ<<
，所以λ=
C B
A o
y x
②当12x x ≠
时，002
2222
12111
11
1y x k y x y x MN ⋅-=⇒⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=--=--λλλ
λλ
λ． 又001
MN
BE y k
k x ==
-．所以22
000(1)y x x λλλ-=-；
由2MON π=∠得2
22002MN x y ⎛⎫+= ⎪⎝⎭，由第二定义得2
212()222MN e x x a ⎛⎫+-⎡⎤= ⎪⎢⎥⎣
⎦⎝⎭
2
20001(1)21x x λλ
==+---． 所以222000(1)2(1)(1)y x x λλλλ-=--+-．
于是由22
000222000(1),(1)2(1)(1),y x x y x x λλλλλλλ⎧-=-⎪⎨-=--+-⎪⎩
得20(1).23x λλ-=- 因为01x >，所以2
(1)123λλ->-，又01λ<<，
23
λ<<
23
λ<．
考点7 利用向量处理圆锥曲线中的最值问题
利用向量的数量积构造出等式或函数关系，再利用函数求最值的方法求最值，要比只利用解析几何知识建立等量关系容易.
例12．设椭圆E 的中心在坐标原点O ，焦点在x
C(1,0)-的直线
交椭圆E 于A 、B 两点，且CA 2BC =，求当AOB ∆的面积达到最大值时直线和椭圆E 的方程.
，故可设椭圆方程为222x 3y t(t 0)+=>，直线方程为
my x 1=+，
由222x 3y t my x 1
⎧+=⎨=+⎩得：22(2m 3)y 4my 2t 0+-+-=，设1122A(x ,y ),B(x ,y )， 则1224m
y y 2m 3
+=
+…………①
又CA 2BC =，故1122(x 1,y )2(1x ,y )+=---，即12y 2y =-…………② 由①②得：128m y 2m 3
=
+，2
24m y 2m 3-=+，
则AOB 122
1m
S |y y |6|
|22m 3
∆=-=+
＝632|m ||m |
≤
+
， 当23m 2
=
，即m =AOB ∆面积取最大值，
此时2122
222t 32m y y 2m 3(2m 3)-==-
++，即t 10=，
所以，直线方程为x 10+=，椭圆方程为222x 3y 10+=.
小结：利用向量的数量积构造等量关系要比利用圆锥曲线的性质构造等量关系容易. 例13
．已知PA (x y)=
，PB (x y)=，且|PA ||PB|6+=， 求|2x 3y 12|--的最大值和最小值.
解答过程：设P(x,y)
，A(
，，
因为|PA ||PB|6+=
，且|AB|6=，
所以，动点P 的轨迹是以A 、B 为焦点，长轴长为6的椭圆， 椭圆方程为2
2
x y 19
4
+=，令x 3cos ,y 2sin =θ=θ，
则|2x 3y 12|--
＝|)12|4
πθ+-，
当cos()14
πθ+=-时，|2x 3y 12|--
取最大值12+
当cos()14
πθ+=时，|2x 3y 12|--
取最小值12-小结：利用椭圆的参数方程，可以将复杂的代数运算化为简单的三角运算. 考点8 利用向量处理圆锥曲线中的取值范围问题
解析几何中求变量的范围，一般情况下最终都转化成方程是否有解或转化成求函数的值域问题.
例14．（2006年福建卷） 已知椭圆2
212
x y +=的左焦点为F ，
O 为坐标原点.
（I ）求过点O 、F ，并且与椭圆的左准线l 相切的圆的方程； （II ）设过点F 且不与坐标轴垂直的直线交椭圆于A 、B 两点， 线段AB 的垂直平分线与x 轴交于点G ，求点G 横坐标的取值范围. 考查意图:本小题主要考查直线、圆、椭圆和不等式等基本知识，考 查平面解析几何的基本方法，考查运算能力和综合解题能力.
解答过程：（I ）222,1,1,(1,0),: 2.a b c F l x ==∴=-=- 圆过点O 、F ，
∴圆心M 在直线12
x =-上.
设1(,),2
M t -则圆半径13()(2).22
r =---=
由
,OM r =3,2
解得t
=
∴所求圆的方程为2219
()(.24
x y ++=
（II ）设直线AB 的方程为(1)(0),y k x k =+≠ 代入2
21,2
x y +=整理得2222(12)4220.k x k x k +++-=
直线AB 过椭圆的左焦点F ，∴方程有两个不等实根. 记1122(,),(,),A x y B x y AB 中点00(,),N x y
则2
122
4,21
k x x k +=-+
AB ∴的垂直平分线NG 的方程为001().y y x x k
-=--
令0,y =得
222002222211
.
2121212421
0,0,
2
G G k k k x x ky k k k k k x =+=-+=-=-+++++≠∴-<< ∴点G 横坐标的取值范围为1(,0).2
-
例15．已知双曲线C ：22
22x y 1(a 0,b 0)a b
-=>>，B 是右顶点，F 是右焦点，点A 在x 轴正半
轴上，且满足|OA |,|OB|,|OF|成等比数列，过F 作双曲线C 在第一、三象限的渐近线的垂线l ，垂足为P ，
（1）求证：PA OP PA FP ⋅=⋅；
（2）若l 与双曲线C 的左、右两支分别相交于点D,E ，求双曲线C 的离心率e 的取值范围.
解答过程：（1）因|OA |,|OB|,|OF|成等比数列，故22|OB |a |OA |c |OF |
==，
即2
a A(直线l ：a y (x c)b
=--，
由2a y (x c)
a a
b b P(,)b
c c y x a ⎧=--⎪
⎪⇒⎨
⎪=⎪⎩
， 故：22ab a ab b ab PA (0,),OP (,),FP (,)c c c c c =-==-，
则：22
2a b PA OP PA FP c
⋅=-=⋅，即PA OP PA FP ⋅=⋅；
（或PA (OP FP)PA (PF PO)PA OF 0⋅-=⋅-=⋅=，即PA OP PA FP ⋅=⋅）
（2）由44422
222222222222
a y (x c)a a a c (
b )x 2cx (a b )0b
b b b b x a y a b ⎧=--⎪⇒-+-+=⎨⎪-=⎩
， 由42
222124
22
a c (a
b )b x x 0a b b -+=<-
得：4422222b a b c a a e 2e >⇒=->⇒>⇒> （或由DF DO k k >⇒a b b a
->-
⇒22222
b c a a e 2e =->⇒>⇒>
小结：向量的数量积在构造等量关系中的作用举足轻重，而要运用数量积，必须先恰当地求出各个点的坐标.
例16．已知a (x,0)=，b (1,y)=，(a 3b)(a 3b)+⊥-， （1）求点P(x,y)的轨迹C 的方程；
（2）若直线y kx m(m 0)=+≠与曲线C 交于A 、B 两点，D(0,1)-，且|AD ||BD |=， 试求m 的取值范围.
解答过程：（1）a 3b
+
＝(x,0),y)(x =，
a 3b
-
＝(x,0),y)(x =，
因(a 3b)(a 3b)+⊥-，故(a 3b)(a 3b)0+⋅-
=，
即22(x (x x 3y 30⋅=--=，
故P 点的轨迹方程为2
2x y 13
-=.
P
Q
C
B
A x
y O
（2）由22
y kx m
x 3y 3
=+⎧⎨
-=⎩得：222(13k )x 6kmx 3m 30----=，
设1122A(x ,y ),B(x ,y )，A 、B 的中点为00M(x ,y )
则22222(6km)4(13k )(3m 3)12(m 13k )0∆=----=+->，
122
6km x x 13k +=
-，1202x x 3km x 213k +==-，00
2m y kx m 13k =+=-， 即A 、B 的中点为22
3km m
(,)13k 13k
--， 则线段AB 的垂直平分线为：22m 13km
y ()(x )13k k 13k -
=----， 将D(0,1)-的坐标代入，化简得：2
4m 3k 1=-，
则由222
m 13k 04m 3k 1⎧+->⎪⎨=-⎪⎩得：2
m 4m 0->，解之得m 0<或m 4>， 又2
4m 3k 11=->-，所以1m 4
>-
， 故m 的取值范围是1
(,0)(4,)4
-
+∞. 小结：求变量的范围，要注意式子的隐含条件，否则会产生增根现象. 考点9 利用向量处理圆锥曲线中的存在性问题
存在性问题，其一般解法是先假设命题存在，用待定系数法设出所求的曲线方程或点的坐标，再根据合理的推理，若能推出题设中的系数，则存在性成立，否则，不成立. 例17．已知A,B,C 是长轴长为4的椭圆上的三点，点A 是长轴的一个顶点，BC 过椭圆的中心O ，且AC BC 0⋅=，|BC|2|AC|=， （1）求椭圆的方程；
（2）如果椭圆上的两点P ,Q 使PCQ ∠的平分线垂直于OA ，是否总存在实数λ，使得
PQ λAB =？请说明理由；
解答过程：（1）以O 为原点，OA 所在直线为x 轴建立 平面直角坐标系，则A(2,0)，
设椭圆方程为
22
2x y
14b
+=，不妨设C 在x 轴上方，
由椭圆的对称性，|BC|2|AC|2|OC||AC||OC|==⇒=， 又AC BC 0⋅=AC OC ⇒⊥，即ΔOCA 为等腰直角三角形，
由A(2,0)得：C(1,1)，代入椭圆方程得：2
4b 3
=
， 即，椭圆方程为22
x 3y 144
+=； （2）假设总存在实数λ，使得PQ λAB =，即AB //PQ ， 由C(1,1)得B(1,1)--，则AB 0(1)1
k 2(1)3
--=
=--，
若设CP ：y k(x 1)1=-+，则CQ ：y k(x 1)1=--+，
由22
222x 3y 1(13k )x 6k(k 1)x 3k 6k 1044
y k(x 1)1⎧+
=⎪⇒+--+--=⎨⎪=-+⎩
， 由C(1,1)得x 1=是方程222(13k )x 6k(k 1)x 3k 6k 10+--+--=的一个根，
由韦达定理得：2P P 23k 6k 1x x 113k --=⋅=+，以k -代k 得2Q 2
3k 6k 1
x 13k +-=+，
故P Q P Q PQ P Q
P Q
y y k(x x )2k
1
k x x x x 3
-+-=
=
=--，故AB //PQ ， 即总存在实数λ，使得PQ λAB =.
评注：此题考察了坐标系的建立、待定系数法、椭圆的对称性、向量的垂直、向量的共线及探索性问题的处理方法等，是一道很好的综合题. 考点10 利用向量处理直线与圆锥曲线的关系问题
直线和圆锥曲线的关系问题，一般情况下，是把直线的方程和曲线的方程组成方程组，进一步来判断方程组的解的情况，但要注意判别式的使用和题设中变量的范围.
例18．设G 、M 分别是ABC ∆的重心和外心，A(0,a)-，B(0,a)(a 0)>，且GM AB =λ， （1）求点C 的轨迹方程；
（2）是否存在直线m ，使m 过点(a,0)并且与点C 的轨迹交于P 、Q 两点，且
OP OQ 0⋅=？若存在，求出直线m 的方程；若不存在，请说明理由.
解答过程：（1）设C(x,y)，则x y
G(,)33
，
因为GM AB =λ，所以GM //AB ，则x M(,0)3
，
由M 为ABC ∆的外心，则|MA ||MC |=
= 整理得：22
22x y 1(x 0)3a a
+=≠；
（2）假设直线m 存在，设方程为y k(x a)=-，
由22
22y k(x a)x y 1(x 0)
3a a =-⎧⎪⎨+=≠⎪⎩得：22222
(13k )x 6k ax 3a (k 1)0+++-=， 设1122P(x ,y ),Q(x ,y )，则21226k a x x 13k +=+，221223a (k 1)
x x 13k -=+，
2
2
2
12121212y y k (x a)(x a)k [x x a(x x )a ]=--=-++＝22
2
2k a 13k
-+， 由OP OQ 0⋅=得：1212x x y y 0+=，
即2222
22
3a (k 1)2k a 013k 13k
--+=++
，解之得k =， 又点(a,0)在椭圆的内部，直线m 过点(a,0)， 故存在直线m
，其方程为y a)=-.
小结：（1）解答存在性的探索问题，一般思路是先假设命题存在，再推出合理或不合理的结果，然后做出正确的判断；
（2）直线和圆锥曲线的关系问题，一般最终都转化成直线的方程和圆锥曲线的方程所组成的方程组的求解问题.。