玻意耳定律练习题之欧阳光明创编

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高三物理玻马定律试题答案及解析

高三物理玻马定律试题答案及解析1.如图所示，在固定的气缸A和B中分别用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞面积之比为SA：SB= 1：2.两活塞以穿过B的底部的刚性细杆相连，可沿水平方向无摩擦滑动.两个气缸都不漏气.初始时，A、B中气体的体积皆为V0，温度皆为T=300K.A中气体压强pA=1.5p，p是气缸外的大气压强.现对A加热，使其中气体的压强升到，同时保持B中气体的温度不变.求此时A中气体温度TA.【答案】500K【解析】加热前，活塞平衡时，由平衡条件得：加热后，活塞再次平衡时，由平衡条件得：由已知条件知：对B中气体初、末态温度相等，设末态体积为VB，由玻意耳定律得：对A中气体，设末态的体积为VA，由理想气体状态方程得：又因两活塞移动的距离相等，故有以上各式联立解得：，，，，【考点】本题考查玻意耳定律、理想气体状态方程，意在考查考生灵活运用玻意耳定律、理想气体状态方程分析问题、解决问题的能力及运用数学知识解决物理问题的能力。

2.（9分）如图所示，一带有活塞的汽缸通过底部的水平细管与一个上端开口的树直管相连，气缸与竖直管的横截面面积之比为3：1，初始时，该装置的底部盛有水银；活塞与水银面之间有一定量的气体，气柱高度为l（以cm为单位）；竖直管内的水银面比气缸内的水银面高出；现使活塞缓慢向上移动，这时气缸和竖直管内的水银面位于同一水平面上，求初始时气缸内气体的压强（以cmHg为单位）．【答案】【解析】设气缸的横截面积为S，活塞处于初始位置时气缸内气体的压强为p，大气压强为p。

有在活塞上移后，气缸内气体的压强变为。

设气体的体积为，由玻意耳定律得=pSl设气缸内水印面上升Δx，有联立以上各式，解得【考点】大气压及玻意耳定律。

3.如图所示，系统由左右连个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成。

左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭。

两个容器的下端由可忽略容积的细管连通。

容器内两个绝热的活塞A 、B 下方封有氮气，B 上方封有氢气。

玻意耳定律解决玻璃管类问题训练卷 (2)

2013-2014学年度北京师范大学万宁附属中学玻意耳定律解决玻璃管类问题训练卷一、选择题（题型注释）1．如图所示，一端封闭，一端开口截面积相同的U 形管AB ，管内灌有水银，两管内水银面高度相等，闭管A 内封有一定质量的理想气体，气体压强为72cmHg 。

今将开口端B 接到抽气机上，抽尽B 管上面的空气，结果两水银柱产生18cm 的高度差，则A 管内原来空气柱长度为A. 18cmB. 12cmC. 6cmD. 3cm2．如图所示，竖直放置的上端封闭，下端开口的粗细均匀的玻璃管中，一段水银柱封闭着一段长为l 的空气柱。

若将这根玻璃管倾斜45 （开口端仍在下方），空气柱的长度将发生下列哪种变化A. 变长B. 不变C.变短D. 无法确定3．两端封闭的玻璃管中有一段水银，其两端是空气，当玻璃管水平放置时，两端的空气柱等长，压强为LcmHg ；当玻璃管竖直时，上面的空气柱长度是下面的2倍，则管内水银柱长度的厘米数是（）A ．43L B ．83L C ．2L D ．4L 4．如图所示，一端封闭的玻璃管开口向下竖直倒插在水银槽中，其位置保持固定。

已知封闭端内有少量空气。

若大气压强变小一些，则管中在水银槽水银面上方的水银柱高度h 和封闭端内空气的压强p 将如何变化( )A ．h 变小，p 变大B ．h 变大，p 变大C ．h 变大，p 变小D ．h 变小，p 变小5．如图所示，竖直放置的均匀细管上端封闭，下端开口，轻弹图甲中细管使两段水银柱及被封闭的两段气柱分别合在一起成图乙状，设此过程中不漏气、温度保持不变，则水银下端与原来水银面下端A 相比较A ．低于AB ．高于AC ．在同一高度D ．无法确定A Bl6．如图所示，两端封闭的粗细均匀的玻璃管中，有一段长为L 的水银柱，在20℃时，将管中气体分为长的两段．如果外界温度降为10℃时，则A ．水银柱下移B ．水银柱上移C ．水银柱不动D ．无法判断7．如图，内径均匀的S 形玻璃管，其中C 管竖直插在水银槽内，管内水银面比槽内水银面高．A 、B 管内充有水银，将一段空气柱封闭在B 、C 两管内水银面的上方．现向A 管内再注入一部分水银，设水银不会从B 管流入C 管，槽内水银面高度不变，且温度保持不变，则待再度平衡时 A ．从A 管流入B 管的水银比从C 管流出的水银多 B ．从A 管流入B 管的水银比从C 管流出的少 C ．从A 管流入B 管的水银等于从C 管流出的水银 D ．条件不足，不能确定8．如图，玻璃管内封闭了一段气体，气柱长度为l ，管内外水银面高度差为h ，若温度保持不变，把玻璃管稍向上提起一段距离，则（）A ．h 、l 均变小B ．h 、l 均变大C ．h 变大l 变小D ．h 变小l 变大9．如图水银柱上面封闭一段气体，管内外水银面高度差h ＝72cm ，大气压强为76cmHg ，正确的是( )A ．将管稍上提，h 不变B ．将管稍上提，h 变大C ．将管下插至管顶与管外水银面高度差为70cm 时，管内外水银面高度差也是70cmD ．将管下插至C 项所述位置时，管内外水银面高度差小于70cm10．如图所示，竖直放置的弯曲管A 端开口，B 端封闭，密度为ρ的液体将两段空气封闭在管内，管内液面高度差分别为h 1、h 2和h 3，则B 端气体的压强为（已知大气压强为p 0）（）A 、p 0－ρg （h 1＋h 2－h 3）B 、p 0－ρg （h 1＋h 3）C 、p 0－ρg （h 1＋h 3－h 2）D 、p 0－ρg （h 1＋h 2）11的高度差为h ，若使玻璃管绕其最下端的水平轴偏离竖直方向一定角度，则管内外水银面的高度差h和管内气体长度l将（）A．h增大 B．h减小 C．增大 D．减小12．图示为由粗细均匀的细玻璃管弯曲成的“双U形管”，a、b、c、d为其四段竖直的部分，其中a、d上端是开口的，处在大气中。

玻意耳计算题

玻意耳定律应用1、一根一端开口、一端封闭的粗细均匀细玻璃管长为1m，内装有25cm长汞柱。

当开口向上竖直立着时，管内封闭空气柱长44cm。

若开口竖直向下放，待重新平衡后，管内封闭的空气柱长(大气压相当于75cm高汞柱所产生的压强) ( )A、75cmB、88cmC、80cmD、1m2、如图所示，粗细均匀的直角玻璃管一端封闭，另一端开口，封闭端和开口端的长度都是75cm，管内有被汞柱封闭的空气，开口端竖直向上，汞柱长度h1＝25cm，h2＝35cm，大气压强为p0＝75cmHg，试求:将玻璃管沿逆时针方向缓缓转过90°，使封闭端竖直向上时，空气柱的长度为。

3、如图所示，两端开口的U形均匀细玻璃管，开口竖直向上放置，右管内有一段被汞柱封闭的空气柱，左管汞柱高度为a，右管下部汞柱高度为b，右管上部汞柱高度为c，且与管口相平，则( )A、从右管口再灌入少量汞，a增大B、从右管口再灌入少量汞，b增大C、从左管口再灌入少量汞，a增大D、从左管口再灌入少量汞，b增大4、如图所示，粗细均匀的“U”形玻璃管，右端开口，左端封闭，管内水银将一部分空气封闭在管中，开口朝上竖直放置时．被封闭的空气柱长24cm，两边水银面高度差为15cm，若大气压强为75cmHg柱高，问再向开口端倒入长为46cmHg柱时，封闭端空气柱长度将是多大？5、如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、B两端开口，管内有一段水银柱，右管内气体柱长为39cm，中管内水银面与管口A之间气体柱长为40cm。

先将口B封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设整个过程温度不变，稳定后右管内水银面比中管内水银面高2cm，求：（1）稳定后右管内的气体压强p；（2）左管A端插入水银槽的深度h。

（大气压强p0＝76cmHg）6、一根两端开口、粗细均匀的细玻璃管，长L=30cm，竖直插入水银槽中深h=10cm处，用手指按住上端，轻轻提出水银槽，并缓缓倒转，则此=75cmHg。

人教版高中物理选修3-3等温变化,玻意耳定律同步练习

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）等温变化，玻意耳定律同步练习1．（多选）右图中玻璃管A和B的下端用橡皮管连通，管内装有水银，A管上端封闭，内有部分气体，B管上端开口。

如果将B管提起，则（）WLD4A．A管内气体体积增大B．A管内气体体积减小C．A和B管内水银液面的高度差减小D．A和B管内水银液面的高度差增大2．（多选）如右图所示，用一段水银柱将管内气体与外界隔绝，管口朝下竖直放置，今将玻璃管倾斜，下列叙述正确的是（）A．封闭端内的气体压强增大B．封闭端内的气体压强减小C．封闭端内的气体体积增大D．封闭端内的气体体积减小3．在验证“玻意耳—马略特定律”的实验中，下列四个因素中对实验的准确性影响最小的是（）A．针筒封口处漏气B．采用横截面积较大的针筒C．针筒壁与活塞之间存在摩擦D．实验过程中用手去握针筒4．（多选）一定质量的理想气体的p—V图如右图所示，a、b、c三点所表示的状态温度分别为T a、T b、T c，那么（）A. T a=T bB. T b=T cC. T c=T aD.可能T c>T a５．定质量理想气体发生等温变化时，其体积和压强的乘积是一个恒量，以下对恒量的讨论正确的有（）Ａ.同一份理想气体，无论在温度保持t1的情况下实现等温变化，还是在温度保持为t2的情况下完成等温变化，这个恒量都是同一个量B.如T1<T2，同一份理想气体在温度保持T1的情况下实现等温变化，这个恒量较小C.如T1<T2，同一份理想气体在温度保持为T1的情况下实现等温变化，这个恒量较大D.如T1<T2，同一份理想气体在温度保持为T1的情况下实现等温变化，这个恒量相同6．一根两端封闭粗细均匀的直玻璃中有一段长57厘米的水银柱，在水银柱两边各有一段空气柱（如右图）。

当玻璃管水平放置，两段空气柱长度均为30厘米，压强都是一个标准大气压，现将玻璃管缓慢竖立起来，则上下两段空气柱的长度分别为（）A．30厘米，30厘米B．35厘米，25厘米C．40厘米，20厘米D．45厘米，15厘米7．关于摄氏温标与开氏温标，它们之间的关系有（）A．100℃比100K的温度高B．-119℃比54K的温度高C．-273℃比2K的温度高D．摄氏温标1`度的温差和开氏温标1度的温差相等8．右图中，容器A的容器是容器B容积的4倍，开始时A中是真空，B中有20×105帕压强的气体，打开开关，A、B相通后，温度不变，B中气体压强为_________帕。

《2.2 玻意耳定律》(同步训练)高中物理选择性必修第三册_沪教版_2024-2025学年

《2.2 玻意耳定律》同步训练(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、一定质量的理想气体在等温过程中，如果其体积扩大到原来的2倍，那么气体的压强将变为原来的：A. 1/2B. 1/4C. 1/8D. 2倍2、一个气体容器中，气体温度升高，若保持气体体积不变，则根据玻意耳定律，气体的压强将：A. 增加B. 减少C. 保持不变D. 无法确定3、一定质量的气体在温度保持不变的情况下，当压强增大到原来的2倍时，其体积变化情况是：A、变为原来的1/2倍B、变为原来的2倍C、不变D、以上都不正确4、一定质量的气体，若其体积保持不变，当温度从T1升高到T2时，其压强的变化情况是：A、不变B、减小C、增大D、无法确定5、气体在等温条件下，从一个体积为V1的容器被压缩到体积V2，压力从P1增加到P2。

根据玻意耳定律，以下哪个选项描述了体积V1与体积V2的关系？A. V1 = V2 / (P1/P2)B. V1 = V2 * (P1/P2)C. V1 * P1 = V2 * P2D. V1 = P1 / P26、一个装有气体的容器，其体积从V1变为V2时，压强从P1变为P2，且温度保持不变。

如果容器内的气体分为两半，即每半的体积分别是V1和V2的一半，那么每半容器的压强将是多少？A. P1/2 和 P2/2B. P1 和 P2C. P1 * 2 和 P2 * 2D. P1/2 和 P27、一个气体密闭在水平放置的圆柱形容器中，当气体的温度由T1升高到T2时（T2>T1），若保持容器内气体的压强不变，则气体的体积V2与V1的关系为：A、V2=V1×(T2/T1)B、V2=V1×(T2/T1)²C、V2=V1×(T2-T1)D、V2=V1/(T2/T1)二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、下列关于玻意耳定律的描述，正确的是（）。

江苏省启东市高考物理总复习气体、实验定律与理想气体状态方程玻意耳定律课后练习(1)

玻意耳定律课后练习(1)1．一根长50cm、两端开口的直玻璃管，竖直插入水银槽中，它的上口距水银面10cm，现将管的上口堵住，然后缓慢竖直提出水银面，则管内水银柱的长度为多大？.（外界大气压支持75cmHg，温度保持不变.）2．容积为20升的钢瓶充满氧气后，压强为30大气压，打开钢瓶中的阀门，让氧气分别装到容积为5升的小瓶中，若小瓶原来为真空，装到小瓶中的氧气压强为2个大气压，分装中无漏气且温度不变，那么最多能装多少小瓶？3．容积为20L的钢瓶内，贮有压强为1.5×107Pa的氧气．打开钢瓶的阀门，让氧气分装到容积为5L的氧气袋中(袋都是真空的)，充气后的氧气袋中氧气压强都是1.0×106Pa，设充气过程不漏气，环境温度不变，则这瓶氧气最多可分装( )A．60袋B．56袋C．50袋D．40袋4．在室内，将装有5atm的6L气体的容器的阀门打开后，从容器中逸出的气体相当于(设室内大气压强p0＝1atm)( )A．5atm,3LB．1atm,24LC． 5atm,4.8LD．1atm,30L5．下面有关玻-马定律的叙述中，错误的是：A．一定质量的理想气体在等温变化中，它的压强与体积的乘积越小，它保持的温度越高B．一定质量的理想气体在等温变化中，体积增大为原来的n倍，压强一定减为原来的n倍C．玻-马定律研究对象是一定质量的气体的等温变化过程D．P-V图中的等温线一定是双曲线。

6．在“验证玻-马定律”的实验中：⑴实验研究的对象是_____________；实验过程中要改变研究对象的_______和_______两个状态参量；在实验中为了保持研究对象的温度不变，应注意____ ____和_______。

⑵实验中直接测量的数据有__________；间接测量的数据有__________。

⑶该实验中，下列操作中不正确的有：（）A．实验前记下室内大气压的值B．先用橡皮帽封住注射器小孔，然后再将活塞推入针孔C．实验过程中，若橡皮帽脱落，应立即将它堵住D．框架两侧挂上钩码后，立即记下气柱的长度7．一个足球的容积V0＝2.6×10－3 m3，原来装满1.0×105 Pa的空气。

大学物理下册波动光学习题解答杨体强之欧阳音创编

波动光学习题解答1-1 在杨氏实验装置中，两孔间的距离等于通过光孔的光波长的100倍，接收屏与双孔屏相距50cm。

求第1 级和第3级亮纹在屏上的位置以及它们之间的距离。

解：设两孔间距为d，小孔至屏幕的距离为D，光波波长为λ，则有=100dλ. (1)第1级和第3级亮条纹在屏上的位置分别为(2)两干涉条纹的间距为1-2 在杨氏双缝干涉实验中，用0λ的氦氖激光=6328A束垂直照射两小孔，两小孔的间距为 1.14mm，小孔至屏幕的垂直距离为 1.5m。

求在下列两种情况下屏幕上干涉条纹的间距。

（1）整个装置放在空气中；（2）整个装置放在n=1.33的水中。

解：设两孔间距为d，小孔至屏幕的距离为D，装置所处介质的折射率为n，则两小孔出射的光到屏幕的光程差为所以相邻干涉条纹的间距为（1）在空气中时，n ＝1。

于是条纹间距为（2）在水中时，n ＝1.33。

条纹间距为1-3 如图所示，1S 、2S 是两个相干光源，它们到P 点的距离分别为1r 和2r 。

路径1S P 垂直穿过一块厚度为1t 、折射率为1n 的介质板，路径2S P 垂直穿过厚度为2t ，折射率为2n 的另一块介质板，其余部分可看做真空。

这两条路径的光程差是多少？解：光程差为 222111[r (n 1)t ][r (n 1)t ]+--+-1-4 如图所示为一种利用干涉现象测定气体折射率的原理性结构，在1S 孔后面放置一长度为l 的透明容器，当待测气体注入容器而将空气排出的过程中幕上的干涉条纹就会移动。

由移过条纹的根数即可推知气体的折射率。

（1）设待测气体的折射率大于空气折射率，干涉条纹如何移动？（2）设 2.0l cm =，条纹移过20根，光波长为589.3nm，空气折射率为 1.000276，求待测气体（氯气）的折射率。

1-5 用波长为500 nm 的单色光垂直照射到由两块光学平玻璃构成的空气劈尖上。

在观察反射光的干涉现象中，距劈尖棱边1=1.56 cm 的 A 处是从棱边算起的第四条暗条纹中心。

玻意耳定律练习题之欧阳学创编

玻意尔定律练习题时间：2021.03.03 创作：欧阳学1．一定质量的气体，在等温变化过程中，下列物理量中发生改变的有()A．分子的平均速率B．单位体积内的分子数C．气体的压强D．分子总数2．如图所示，为一定质量的气体在不同温度下的两条等温线，则下列说法正确的是()A．从等温线可以看出，一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成反比B．一定质量的气体，在不同温度下的等温线是不同的C．由图可知T1>T2D．由图可知T1<T23．一定质量的气体在温度保持不变时，压强增大到原来的4倍，则气体的体积变为原来的()A．4倍B．2倍 C.12 D.144、如图所示，一根一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽中，内封一定质量的气体，管内水银面低于管外，在温度不变时，将玻璃管稍向下插入一些，下列说法正确的是A.玻璃管内气体体积减小;B.玻璃管内气体体积增大；C.管内外水银面高度差减小;D.管内外水银面高度差增大5．容积为20L的钢瓶内，贮有压强为1.5×107Pa的氧气。

打开钢瓶的阀门，让氧气分装到容积为5L的氧气袋中(袋都是真空的)，充气后的氧气袋中氧气压强都是1.0×106Pa，设充气过程不漏气，环境温度不变，则这瓶氧气最多可分装()A．60袋B．56袋C．50袋D．40袋6．(新海高二检测)在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，U型管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为76cm汞柱高，图中给出了气体的两个不同的状态。

(1)实验时甲图气体的压强为________cmHg；乙图气体压强为________cmHg。

(2)实验时某同学认为管子的横截面积S可不用测量，这一观点正确吗？答：________(选填“正确”或“错误”)。

(3)数据测量完后在用图象法处理数据时，某同学以压强p为纵坐标，以体积V(或空气柱长度)为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出p与V间的关系吗？答：________。

气体的等温变化、玻意耳定律典型例题之欧阳家百创编

气体的等温变化、玻意耳定律典型例题欧阳家百（2021.03.07）【例1】一个气泡从水底升到水面时，它的体积增大为原来的3倍，设水的密度为ρ=1×103kg／m3，大气压强p0=1.01×105Pa，水底与水面的温度差不计，求水的深度。

取g=10m／s2。

【分析】气泡在水底时，泡内气体的压强等于水面上大气压与水的静压强之和。

气泡升到水面上时，泡内气体的压强减小为与大气压相等，因此其体积增大。

由于水底与水面温度相同，泡内气体经历的是一个等温变化过程，故可用玻意耳定律计算。

【解答】设气泡在水底时的体积为V1、压强为：p1=p0+ρgh气泡升到水面时的体积为V2，则V2=3V1，压强为p2=p0。

由玻意耳定律 p1V1=p2V2，即（p0+ρgh）V1=p0·3V1得水深【例2】如图1所示，圆柱形气缸活塞的横截面积为S，下表面与水平面的夹角为α，重量为G。

当大气压为p0，为了使活塞下方密闭气体的体积减速为原来的1/2，必须在活塞上放置重量为多少的一个重物（气缸壁与活塞间的摩擦不计）【误解】活塞下方气体原来的压强设所加重物重为G′，则活塞下方气体的压强变为∵气体体积减为原的1/2，则p2=2p1【正确解答】据图2，设活塞下方气体原来的压强为p1，由活塞的平衡条件得同理，加上重物G′后，活塞下方的气体压强变为气体作等温变化，根据玻意耳定律：得 p2=2p1∴ G′=p0S+G【错因分析与解题指导】【误解】从压强角度解题本来也是可以的，但免发生以上关于压强计算的错误，相似类型的题目从力的平衡入手解题比较好。

在分析受力时必须注意由气体压强产生的气体压力应该垂直于接触面，气体压强乘上接触面积即为气体压力，情况就如【正确解答】所示。

【例3】一根两端开口、粗细均匀的细玻璃管，长L=30cm，竖直插入水银槽中深h0=10cm处，用手指按住上端，轻轻提出水银槽，并缓缓倒转，则此时管内封闭空气柱多长？已知大气压P0=75cmHg。

声学易错题题目之欧阳光明创编

八年级物理声光易错题欧阳光明（2021.03.07）一．选择题（共26小题）1．如图所示，将两个相同的水下录音装置放置在A、B两处，录制到鲸鱼发出的同一段声音．A处装置录制到的声音既有高音又有低音，而B处装置录制到的声音只有低音．由此可以推测：在海洋中传播距离较远的声音是（）A．响度较小的B．音调较高的C．能量较小的D．频率较低的2．2004年埃及一家私营航空公司的一架波音737型客机在红海旅游城市沙姆沙伊赫起飞后不久坠入海中，造成机上135名乘客和13名机组人员全部遇难．空难发生后，搜救人员利用声纳设备探测坠入大海中的飞机残骸．则以下说法中错误的是（）A．声纳设备是利用超声波工作的B．声纳设备是利用次声波工作的C．超声波在海水中传播比在空气中传播的快D．声纳设备可以探测出残骸所处位置的海水深度3．当我们听到飞机在头顶正上方轰鸣，下列说法正确的是（）A．飞机还没有达到头顶的正上方B．飞机正好在头顶的正上方C．飞机已经飞过头顶的正上方D．上述三种情况均有可能4．如图所示，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，闹钟和罩的底座之间垫上柔软的泡沫塑料，逐渐抽出罩内的空气，闹钟的声音会逐渐变小，直至听不到声音；再让空气逐渐进入玻璃罩，闹钟的声音会逐渐变大．这个实验表明了（）A．声音是由物体振动产生的B．声音再玻璃罩中发生反射C．声音必须通过介质才能传播D．声波在传播过程中能量逐渐减少5．运动会上进行百米赛跑，如果计时员听到枪声才开始计时，所记录的成绩比看到枪烟就开始计时的成绩（）A．少记0.294s B．少记2.94s C．多记2.94s D．多记0.294s 6．昆虫飞行时翅膀都要振动，蝴蝶每秒振动5～6次，蜜蜂每秒振翅300～400次，当它们都从你身边飞过时，凭你的听觉（）A．只能感觉到蝴蝶飞过B．只能感觉到蜜蜂飞过C．都能感觉到D．都不能感觉到7．扫地机器人工作时会自动躲避障碍物，其避障的工作原理类似蝙蝠，则它对外发射的是（）A．无线电波B．超声波 C．次声波 D．激光8．声音在传播过程中，下列说法正确的是（）A．音色会逐渐改变B．音调会逐渐降低C．响度会逐渐降低D．声音的音色、音调和响度都不会改变9．“随身听”播放英语磁带时，用“快放”比正常播放时（）A．音调提高B．响度变大C．音色变好D．没有区别10．如图向暖水瓶中灌开水时，有经验的人通过听声音就知道水是否快满了．人们是依据声音的哪一个特征发生变化来这样判断的？（）A．音调B．响度C．音色D．以上三个特征11．有经验的养蜂人根据蜜蜂的嗡嗡声就可以知道它们是否采到了蜜．这是由于蜜蜂在带蜜和不带蜜时，翅膀振动发出的声音会有差异，这种差异主要是（）A．响度B．音调C．音色D．传播的方向12．如图所示，某同学将一把钢尺按在课桌上，使之振动发声，三次钢尺露出桌面的长度分别为15cm，10cm，5cm，比较三次声音的音调最高的是（）A．第一次 B．第二次C．第三次 D．三次的音调一样高13．2014年4月24日，太原市举行“五一”表彰大会，对2013年度全市各条战线上涌现出来的先进集体和先进个人给予表彰，在颁奖大会上，会场内响起雷鸣般的掌声．“雷鸣般”是用来形容声音的（）A．音调B．响度C．音色D．速度14．有的手机具有魔音功能，打电话时，可以把人的声音变换成多种不同的声音．比如：一名声音低沉的男士给朋友打电话，用魔音功能开个玩笑，可以让自己的声音听起来像是声音尖细的女人，但接电话的人又会感觉很陌生，不像任何一位自己熟悉的女性．接话人的前后判断，分别是依据声音的（）A．音调，响度B．响度，音色C．音色，音色D．音调，音色15．如图所示，在南海、钓鱼岛等海域执行任务的“海巡01”配备有强声设备，可遥控定向远距离发射高达150分贝的警示音、语音等声波．根据以上信息，下列说法中错误的是（）A．声波具有能量B．强声设备发出的声波是超声波C．声波能传递信息D．声波定向发射器的喇叭状外观可以减少声音分散，增大响度16．下列数据中，符合实际情况的是（）A．人的正常体温为39.5℃B．洗澡水的温度大约为80℃C．人的心跳频率大约为1.2Hz D．此时，教室的室温约35℃17．有一支刻度均匀、但读数不准的温度计，在冰水混合物中读数为4℃，在标准大气压下沸水中读数为94℃．用此温度计测得某杯液体的温度是22℃，则该液体的实际温度是（）A．16℃B．18℃C．20℃D．24℃18．0℃的冰和0℃的水相比较（）A．0℃的冰冷些 B．0℃的水冷些C．两者的冷热程度相同D．二者的状态不同，无法比较19．一支刻度均匀，但读数不准的温度计．在测标准大气压下的沸水温度时，示数为96℃，在测一杯热水的温度时，其示数与热水的真实温度50℃恰好相等．若用此温度计去测量冰水混合物的温度时，则示数是（）A．O℃B．2℃C．4℃D．6℃20．给一定质量的水加热，其温度和时间的关系如图所示的图线a，若其他条件不变，仅将水的质量增加，其温度与时间的关系图线将变为（）A．仍为a图线B．变为b图线C．．变为c图线D．变为d 图线21．用手指去触摸0℃的水和0℃的冰时，下列说法中正确的是（）A．感到冰更冷，因为冰熔化时吸热B．感觉水更冷，因为“湿冷”比“干冷”更冷C．感觉一样冷，因为它们的温度相等D．感到冰更冷，因为冰的温度比水的温度低22．量程相同、最小刻度都是1℃的甲、乙、丙三支酒精温度计，玻璃泡的容积甲稍大一些，乙和丙相同，丙玻璃管的内径稍粗一些，甲和乙相同，由此可判断相邻两刻度线之间的距离是（）A．甲最长 B．乙最长 C．丙最长 D．一样长23．用质量相等的0℃的水与0℃的冰冷却热的物体，下列说法中正确的是（）A．二者冷却效果相同B．冰比水好，因为冰在冷却物体时熔化吸热C．冰比水好，因为冰比水冷D．冰比水好，因为冰比水使用方便24．有一间完全隔热的房间，房间的温度维持在0℃，若在室外将一块冰放在盆中，当冰熔化一部分后，将整个盆子端到此房间，则将会出现下列哪种情况（）A．冰将继续熔化B．冰的温度开始逐渐升高C．水将逐渐凝固D．冰不能继续熔化，水也不能凝固25．黄金的熔点是1064℃，则刚好是1064℃时（）A．黄金一定处于固态 B．黄金一定处于液态C．黄金一定处于固液共存态D．以上三种情况都有可能26．甲、乙两盆水里都有冰块，甲盆里的冰块多一些，乙盆里的冰块少一些，甲盆放在背阴处，乙盆放在阳光下，在两盆里的冰都未完全熔化时，两盆水的温度相比（）A．甲盆中水的温度高 B．乙盆中水温度高C．两盆中水的温度一样高D．无法判断二．填空题（共1小题）27．下面是生活中对声音特性的一些形容：（1）细声细气；（2）引吭高歌；（3）低沉语调；（4）高声喧哗；（5）尖叫．其中形容声音音调的是（只填序号）．八年级物理声光易错题参考答案与试题解析一．选择题（共26小题）1．（2016•槐荫区一模）如图所示，将两个相同的水下录音装置放置在A、B两处，录制到鲸鱼发出的同一段声音．A处装置录制到的声音既有高音又有低音，而B处装置录制到的声音只有低音．由此可以推测：在海洋中传播距离较远的声音是（）A．响度较小的B．音调较高的C．能量较小的D．频率较低的【考点】频率及音调的关系．【专题】应用题；声现象．【分析】由题意“A录到的有高、低音，B录到的只有低音，”结合A、B距离鲸的远近即可作出选择．【解答】解：音调的高低是由发声体的振动频率决定的，振动频率快，音调高，振动频率慢，音调低；由图可知，A距离鲸鱼较近，B距离鲸鱼较远，因为A录到的有高、低音，B录到的只有低音，说明录到的是频率较低的，所以频率较低的声音在海洋中能传播较远距离．故选D．【点评】此题考查声音的特性中音调这一知识点，主要考查学生的读图能力，值得我们关注．2．（2016•山东模拟）2004年埃及一家私营航空公司的一架波音737型客机在红海旅游城市沙姆沙伊赫起飞后不久坠入海中，造成机上135名乘客和13名机组人员全部遇难．空难发生后，搜救人员利用声纳设备探测坠入大海中的飞机残骸．则以下说法中错误的是（）A．声纳设备是利用超声波工作的B．声纳设备是利用次声波工作的C．超声波在海水中传播比在空气中传播的快D．声纳设备可以探测出残骸所处位置的海水深度【考点】超声波与次声波．【专题】应用题；声现象．【分析】超声波和次声波都是声波，声纳设备是利用超声波工作的，其都是由于物体振动产生的，且在传播过程中，需要介质，固体、液体和气体都能传播声音，且固体中传播最快，其次是液体，最慢的是气体；真空不能传声．【解答】解：A、声纳设备是利用超声波工作的，故A正确；B、声纳设备是利用超声波工作的，而不是利用次声波工作的，故B错误；C、由于一般情况下，液体传声比气体快，所以超声波在海水中传播比在空气中传播的快，故C正确；D、声纳设备可以探测出残骸所处位置的海水深度，故D正确；故选B．【点评】知道超声波和次声波在生活中的应用是解决该题的关键．3．（2015秋•巴中期末）当我们听到飞机在头顶正上方轰鸣，下列说法正确的是（）A．飞机还没有达到头顶的正上方B．飞机正好在头顶的正上方C．飞机已经飞过头顶的正上方D．上述三种情况均有可能【考点】声速．【专题】应用题；声现象．【分析】声音的传播需要介质，声音在介质中传播需要一定的时间．【解答】解：飞机在头顶正上方轰鸣后，声音向下传播，飞机继续向前飞．由于音传到我们的耳朵需要一定的时间，当我们听到在正上方轰鸣的时候，飞机已经飞过了．故C正确．故选C．【点评】要解决此题，需知道声音的传播过程中飞机是在飞行运动的．声音传播需要时间，近距离的光的传播可以不计时间．4．（2015秋•北京校级期中）如图所示，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，闹钟和罩的底座之间垫上柔软的泡沫塑料，逐渐抽出罩内的空气，闹钟的声音会逐渐变小，直至听不到声音；再让空气逐渐进入玻璃罩，闹钟的声音会逐渐变大．这个实验表明了（）A．声音是由物体振动产生的B．声音再玻璃罩中发生反射C．声音必须通过介质才能传播D．声波在传播过程中能量逐渐减少【考点】声音的传播条件．【专题】应用题；声现象．【分析】解决此题要知道声音需要介质进行传播，声音可以在固体、液体和气体中传播，但不能在真空中传播．【解答】解：把正在发声的闹钟放在玻璃罩内，闹钟和罩的底座之间垫上柔软的泡沫塑料，这样我们听到的声音是通过空气传播的，逐渐抽出罩内的空气，闹钟的声音会逐渐变小；当把空气全部抽空后听不到声音，再让空气逐渐进入玻璃罩，闹钟的声音会逐渐变大．说明在真空中不能传播声音，声音必须通过介质才能传播．故选C．【点评】解决此类问题要结合声音的传播条件进行解答．5．（2015秋•雅安校级期中）运动会上进行百米赛跑，如果计时员听到枪声才开始计时，所记录的成绩比看到枪烟就开始计时的成绩（）A．少记0.294s B．少记2.94s C．多记2.94s D．多记0.294s 【考点】声速．【专题】声现象．【分析】如果计时员听到枪声才开始计时，这时运动员已经跑了一段时间才开始计时，所以测得的时间偏小，少的刚好是声音传播100米所用的时间．【解答】解：听到枪声才开始计时，说明枪声已经传播100米到达终点时才开始计时，测得时间肯定少了，少的时间为t==≈0.294s．故选：A．【点评】此题考查声速在生活中的具体运用．必须理解整个物理过程：听到声音，说明声音已传播到人耳，此时运动员已跑了一段距离．6．（2015秋•淮北期中）昆虫飞行时翅膀都要振动，蝴蝶每秒振动5～6次，蜜蜂每秒振翅300～400次，当它们都从你身边飞过时，凭你的听觉（）A．只能感觉到蝴蝶飞过B．只能感觉到蜜蜂飞过C．都能感觉到D．都不能感觉到【考点】人耳感知声音的过程及听到声音的条件．【专题】应用题；声现象．【分析】人的听觉频率范围在20Hz～20000Hz，低于20Hz和高于20000Hz的声波是听不到的，根据蜜蜂和蝴蝶的振动频率判断是否能听到声音，从而判断能否感知到．【解答】解：由题意可知，蜜蜂振动频率是300～400Hz，在人的听觉频率范围内，能听到飞舞的声音，故能感知到蜜蜂飞过；蝴蝶振动频率是5～6Hz，不在人的听觉频率范围内，不能听到飞舞的声音，故感知不到蝴蝶飞过．故选B．【点评】不同动物的发声频率范围和听觉频率范围是不同的，而超声波与次声波则是依据人的听觉频率范围划定的．人的听觉频率范围很有限，很多动物在这方面都能超过我们．7．（2015•南平）扫地机器人工作时会自动躲避障碍物，其避障的工作原理类似蝙蝠，则它对外发射的是（）A．无线电波B．超声波 C．次声波 D．激光【考点】超声波与次声波．【专题】应用题；声现象．【分析】蝙蝠可以发出超声波，通过接收反射回来的超声波来判断目标的位置和距离，这种方式叫做回声定位；机器人利用超声波反射定位能更精准地主动躲避障碍物．【解答】解：蝙蝠发出的是人耳听不到的超声波；它能准确的判断障碍物或捕捉目标的位置，是由于回声定位的原理．机器人能够自动躲避障碍物，其工作原理类似蝙蝠，也是采用超声波波来侦测、判断障碍物及空间方位，故B正确．故选：B．【点评】本题考查超声波的定义和应用，此题难度不大，属于基础知识．8．（2015•望城县校级模拟）声音在传播过程中，下列说法正确的是（）A．音色会逐渐改变B．音调会逐渐降低C．响度会逐渐降低D．声音的音色、音调和响度都不会改变【考点】响度．【专题】应用题．【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性．【解答】解：A、声音在传播过程中，音色由发声体本身决定，故不会改变；故A错误；B、声音在传播过程中，音调不会发生变化；故B错误；C、声音在传播过程中，由于距发声体的距离越来越远，故响度减小；故C正确；D、声音在传播过程中，声音的音色和音调都不会改变，但响度会减小；故D错误；故选C．【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同．9．（2015秋•东台市期中）“随身听”播放英语磁带时，用“快放”比正常播放时（）A．音调提高B．响度变大C．音色变好D．没有区别【考点】音调．【专题】应用题．【分析】音调和频率有关，频率越高，音调越高．“快放”时播放频率不同，导致音调不同．【解答】解：当“随身听”“快放”播放英语磁带时，使原来播放音的频率变高、音调高，所以A正确．故选A．【点评】本题考查学生：频率对音调影响的具体情况的分析能力．10．（2010秋•东西湖区月考）如图向暖水瓶中灌开水时，有经验的人通过听声音就知道水是否快满了．人们是依据声音的哪一个特征发生变化来这样判断的？（）A．音调B．响度C．音色D．以上三个特征【考点】音调．【专题】应用题．【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；音色反映了声音的品质与特色．向暖水瓶中灌开水时，由于空气柱的长度变化，引起空气柱振动的快慢变化，从而影响了声音的音调．【解答】解：向暖水瓶中灌开水时，声音是由于空气柱振动产生的；随着水面的升高，使空气柱的长度变小，引起空气柱振动的变快，从而使声音的音调升高．故选A．【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同；此题还要抓住声音是由于空气柱振动产生这一点．11．（2008•昌平区二模）有经验的养蜂人根据蜜蜂的嗡嗡声就可以知道它们是否采到了蜜．这是由于蜜蜂在带蜜和不带蜜时，翅膀振动发出的声音会有差异，这种差异主要是（）A．响度B．音调C．音色D．传播的方向【考点】音调．【专题】应用题．【分析】解决此题需掌握：音调跟发声体的振动频率有关，频率越大，音调越高．【解答】解：因为不带花蜜的蜜蜂，飞行时翅膀每秒钟振动440次；带花蜜时的蜜蜂，飞行时翅膀每秒钟振动300次．所以蜜蜂在不带花蜜飞行时比带花蜜飞行时翅膀每秒钟振动频率大，发出的音调高，有经验的养蜂人可以通过听蜜蜂飞行时发出声音的音调高低来判断蜜蜂是出去采蜜还是采蜜回来．故选B．【点评】音调跟频率有关，频率越大，音调越高；响度跟振幅、振幅越大，响度越大．二者要区分开来．12．（2011秋•武侯区期末）如图所示，某同学将一把钢尺按在课桌上，使之振动发声，三次钢尺露出桌面的长度分别为15cm，10cm，5cm，比较三次声音的音调最高的是（）A．第一次 B．第二次C．第三次 D．三次的音调一样高【考点】频率及音调的关系．【专题】应用题；声现象．【分析】解决此题要知道音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低．【解答】解：当把钢尺按在课桌上进行拨动时，尺子露出桌面越长，振动越慢，音调越低；尺子露出桌面越短，振动越快，音调越高；故选C．【点评】解决此类问题要结合声音的音调与频率关系去分析解答．13．（2014秋•故城县校级月考）2014年4月24日，太原市举行“五一”表彰大会，对2013年度全市各条战线上涌现出来的先进集体和先进个人给予表彰，在颁奖大会上，会场内响起雷鸣般的掌声．“雷鸣般”是用来形容声音的（）A．音调B．响度C．音色D．速度【考点】响度．【专题】应用题；声现象．【分析】声音的响度是指声音的强弱．音调是指声音的高低．音色是指声音的品质与特色．声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．【解答】解：“雷鸣般”说明声音的振幅较大，故发出声音的响度也会较大．故选B．【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素．14．（2013秋•吉州区期末）有的手机具有魔音功能，打电话时，可以把人的声音变换成多种不同的声音．比如：一名声音低沉的男士给朋友打电话，用魔音功能开个玩笑，可以让自己的声音听起来像是声音尖细的女人，但接电话的人又会感觉很陌生，不像任何一位自己熟悉的女性．接话人的前后判断，分别是依据声音的（）A．音调，响度B．响度，音色C．音色，音色D．音调，音色【考点】音调、响度与音色的区分．【专题】应用题；声现象．【分析】声音有三个特征：音调、响度和音色，音调指声音的高低，一般男人比女人音调低；响度指声音的大小；根据音色能辨别物体．【解答】解：一名男士给朋友打电话，用魔音功能，可以让自己的声音听起来像是女人的声音．因为魔音音调比较高，所以感觉是女人打电话；接电话的人会感觉这位女人很陌生，不像任何一位自己熟悉的女性，这是通过音色来辨别的．故选D．【点评】要分清音调、响度、音色，主要要明确三者的定义，根据给定的语句进行判断．15．（2015•崇安区二模）如图所示，在南海、钓鱼岛等海域执行任务的“海巡01”配备有强声设备，可遥控定向远距离发射高达150分贝的警示音、语音等声波．根据以上信息，下列说法中错误的是（）A．声波具有能量B．强声设备发出的声波是超声波C．声波能传递信息D．声波定向发射器的喇叭状外观可以减少声音分散，增大响度【考点】声音的综合利用．【专题】声现象．【分析】（1）声音既能够传递信息，又能够传递能量；（2）人耳的听觉范围是20Hz～20000Hz，其中低于20Hz的声波叫做次声波，高于20000Hz的声波是超声波；（3）响度指声音的强弱，由物体振动的振幅决定的，另外还与距离发声体的远近有关．【解答】解：A、“海巡01”利用声波震慑、驱赶海盗，说明声波能传递能量，该选项说法正确；B、强声设备发出的声波是高频声波，是人耳能够听到的，因此不是超声波，该选项说法不正确；C、发射高分贝的声波可对不法分子起到震慑作用，说明声波能传递信息，该选项说法正确；D、声波定向发射器喇叭状外观可以减少声音的分散，从而增大响度，该选项说法正确．故选B．【点评】本题考查了有关声现象的多个知识点，都较容易理解，也是声学中最常考的一些内容，应熟知．16．（2017•盐城）下列数据中，符合实际情况的是（）A．人的正常体温为39.5℃B．洗澡水的温度大约为80℃C．人的心跳频率大约为1.2Hz D．此时，教室的室温约35℃【考点】温度．【专题】估算综合应用题．【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．【解答】解：A．人的正常体温为37℃左右，故A不合实际情况；B．人的体温是37℃，人洗澡时用的水比人的体温略高，所以40℃左右较为适宜，故B不合实际情况；C．人的脉搏在每分钟60次多一点，即心率在每分钟60次多一点；人的心跳频率大约为1.2Hz符合实际情况；故C合实际情况；D．教室的室温一般不会超过30℃，故D不合实际情况．故选C．【点评】此题考查我们对于生活的感性估测，是一道基础题．17．（2015秋•江都区校级月考）有一支刻度均匀、但读数不准的温度计，在冰水混合物中读数为4℃，在标准大气压下沸水中读数为94℃．用此温度计测得某杯液体的温度是22℃，则该液体的实际温度是（）A．16℃B．18℃C．20℃D．24℃【考点】摄氏温度及其计算．【专题】计算题；温度计、熔化和凝固．【分析】冰水混合物的温度是0℃，标准大气压下沸水的温度是100℃；而此温度计测量冰水混合物体的温度是4℃，标准大气压沸水的温度是94℃，中间是90个小格，求出一个小格表示的温度；温度计测得某杯液体的温度是22℃，距离4℃有（22﹣4）个小格，求出这些小格表示的温度加上温度计显示为4℃时的实际温度0℃，就是液体的实际温度．【解答】解：温度计上一个小格表示的实际温度为=℃；温度计测量某种液体的温度为22℃时，这种液体的实际温度为℃×（22﹣4）=20℃．故选C．【点评】本题考查摄氏温度及其计算方法，解题的关键是算出这支温度计的1摄氏度等于标准温度计的多少摄氏度．18．（2016秋•无锡校级月考）0℃的冰和0℃的水相比较（）A．0℃的冰冷些 B．0℃的水冷些C．两者的冷热程度相同D．二者的状态不同，无法比较【考点】温度．【专题】定性思想．【分析】温度是表示物体冷热程度的物理量，温度相同的物体的冷热程度是相同的．【解答】解：物体的冷热程度跟物体的温度有关，跟状态无关．0℃的冰和0℃的水，温度相同，冷热程度相同．故选C．。

工程光学习题解答之欧阳语创编

第一章习题时间：2021.03.01 创作：欧阳语1、已知真空中的光速c＝3 m/s，求光在水（n=1.333）、冕牌玻璃（n=1.51）、火石玻璃（n=1.65）、加拿大树胶（n=1.526）、金刚石（n=2.417）等介质中的光速。

解：则当光在水中，n=1.333时，v=2.25 m/s,当光在冕牌玻璃中，n=1.51时，v=1.99 m/s,当光在火石玻璃中，n＝1.65时，v=1.82 m/s，当光在加拿大树胶中，n=1.526时，v=1.97 m/s，当光在金刚石中，n=2.417时，v=1.24 m/s。

2、一物体经针孔相机在屏上成一60mm大小的像，若将屏拉远50mm，则像的大小变为70mm,求屏到针孔的初始距离。

解：在同种均匀介质空间中光线直线传播，如果选定经过节点的光线则方向不变，令屏到针孔的初始距离为x，则可以根据三角形相似得出：所以x=300mm即屏到针孔的初始距离为300mm。

3、一厚度为200mm的平行平板玻璃（设n=1.5），下面放一直径为1mm的金属片。

若在玻璃板上盖一圆形纸片，要求在玻璃板上方任何方向上都看不到该金属片，问纸片最小直径应为多少？解：令纸片最小半径为x,则根据全反射原理，光束由玻璃射向空气中时满足入射角度大于或等于全反射临界角时均会发生全反射，而这里正是由于这个原因导致在玻璃板上方看不到金属片。

而全反射临界角求取方法为：(1)其中n2=1, n1=1.5,同时根据几何关系，利用平板厚度和纸片以及金属片的半径得到全反射临界角的计算方法为：(2)联立（1）式和（2）式可以求出纸片最小直径x=179.385mm，所以纸片最小直径为358.77mm。

4、光纤芯的折射率为n1、包层的折射率为n2,光纤所在介质的折射率为n0，求光纤的数值孔径（即n0sinI1,其中I1为光在光纤内能以全反射方式传播时在入射端面的最大入射角）。

解：位于光纤入射端面，满足由空气入射到光纤芯中，应用折射定律则有：n0sinI1=n2sinI2(1)而当光束由光纤芯入射到包层的时候满足全反射，使得光束可以在光纤内传播，则有：(2)由（1）式和（2）式联立得到n0 sinI1 .5、一束平行细光束入射到一半径r=30mm、折射率n=1.5的玻璃球上，求其会聚点的位置。

人教版《声现象》单元测试题(一)之欧阳育创编

《声现象》单元测试题（满分100分，45分钟）一、选择题（25×2＝50分）1、某同学先后对同一鼓面轻敲和重击一下，两次发出声音的（）A.音调不同;B. 频率不同;C. 音色不同;D. 响度不同2、关于声音，下列说法中正确的是（）A.我们能区分出小提琴和二胡的声音，是因为它们发出声音的音调不同B.我们无法听到蝴蝶飞过的声音，是因为它发出声音的响度太小C.敲锣时用力越大，它发出声音的响度越大D.歌唱演员引吭高歌，其中的“高”是指音调高3、关于声学的下列说法中，错误的是（）A.控制噪声的措施有：防止噪声产生、阻挡噪声传播、防止噪声进入耳朵;B.利用回声可以探测海洋的深度C.闻其声知其人，是根据每个人发出的声音频率不同来判断的;D.回声是声音的一种反射现象.4、医生在诊病时使用听诊器，听诊器（）A.能使心脏振动的振幅增加，响度增大B.能改变心跳的频率，使音调变高C.能改变心跳的音色，使声音更好听D.能减少声音传播过程中的能量损耗5、下面关于超声波或超声波的利用的说法中，不正确的是（）A.蝙蝠能发出超声波B.超声波的传播不需要介质C.可以利用超声波的反射探测海洋深度D.可以利用 B 型超声仪检查身体6、通常，人们会从噪声的产生、传播及接收三个环节控制噪声，下列措施中，属于在产生环节控制噪声的是（）A. 临街的房屋安装隔音玻璃B. 学校附近禁止汽车鸣笛C.在高噪声环境下工作的人戴耳罩D. 在公路两侧设置屏障墙7、以下减小噪声的措施中，属于在传播过程中减弱的是（）A、建筑工地上噪声大的工作要限时B、市区里种草植树C、戴上防噪声的耳塞D、市区内汽车喇叭禁鸣8、将敲响的鼓面用手一按，响声立刻消失了，下列原因正确的是（）A、声波传到鼓内去了。

B、鼓面停止了振动。

C、鼓的振动变快了。

D、以上说法都不对。

9、下列关于声音传播的说法中，不正确的是：（）A、声音在固体、液体中比在空气中传播得慢；B、学生听到老师的讲课声是靠空气传播的；C、“土电话”是靠固体传声的；D、真空是不能传声的。

机械波练习题及参考答案之欧阳光明创编

机械波练习题欧阳光明（2021.03.07）一、选择题1．如图1所示，S 点为振源，其频率为100Hz ，所产生的横波向右传播，波速为80m/s ，P 、Q 是波传播途中的两点，已知SP=4.2m ，SQ=5.4m ．当S通过平衡位置向上运动时 [ ]A ．P 在波谷，Q 在波峰B ．P 在波峰，Q 在波谷C ．P 、Q 都在波峰D ．P 通过平衡位置向上运动，Q 通过平衡位置向下运动．2．如图2所示，一列机械波沿x 轴传播，波速为16m/s ，某时刻的图象如图，由图象可知A ．这列波波长为16mB ．这列波传播8m 需2s 时间C ．x=4m 处质点的振幅为0D ．x=6m 处质点将向y 轴正向运动3．a 、b 是一条水平绳上相距为L 的两点，一列简谐横波沿绳传播，其波长等于2L/3，当a 点经过平衡位置向上运动时，b 点[ ]A ．经过平衡位置，向上运动B ．处于平衡位置上方位移最大处图 1 图2C．经过平衡位置，向下运动D．处于平衡位置下方位移最大处4．一列沿x轴正方向传播的波，波速为6m/s，振幅为2cm，在某一时刻距波源5cm的A点运动到负最大位移时，距波源8cm 的B点恰在平衡位置且向上运动．可知该波的波长λ，频率f分别为A．λ=12cm，f=50HzB．λ=4cm，f=150HzC．λ=12cm，f=150Hz图3 D．λ=4cm，f=50Hz5．一列沿x方向传播的横波，其振幅为A，波长为λ，某一时刻波的图象如图3所示。

在该时刻，某一质点的坐标为(λ，0)，经过四分之一周期后，该质点的坐标为A．(5/4)λ，0 B．λ ，－AC．λ，A D．(5/4)λ，A6．以下对波的说法中正确的是[ ]A．频率相同的波叠加，一定可以发生稳定的干涉现象B．横波可以在固体、液体和气体中传播C．纵波不能用波的图象描述D．波长和障碍物尺寸相近时，衍射现象明显7．图4所示为一列简谐波在t=7/4s时的波动图象。

高中物理第二章恒电流 7 闭合电路的欧姆律达标练习高中物理试题

点囤市安抚阳光实验学校闭合电路的欧姆律1．(多选)(2019·一中高二上学期期末)如图所示，电源内阻不能忽略，当滑动变阻器R2的滑动触头P向左滑动时，下列说法中正确的是( ABD ) A．灯L变暗B．电容器C上的电荷量变大C．电阻R3消耗功率变大D．R1两端的电压变化量的绝对值小于R2两端的电压变化量的绝对值解析：当滑动变阻器R2的滑片P向左滑动时，R2变小，外电路的总电阻变小，根据闭合电路欧姆律可得干路总电流变大，路端电压减小，所以R3两端电压变小，则电流变小，电阻R1消耗功率变小；根据并联分流可得R1上电流变大，电压变大，故电容器两端电压变大，Q＝CU，则电容器C上的电荷量变大；R1与R2电压之和于路端电压，R1两端的电压变大，所以R2两端的电压变小，灯泡的电压变小，故灯L变暗，故A、B正确，C错误；R1两端的电压变大，R2两端的电压变小，二者电压之和于路端电压，由前面分析知路端电压变小，故R1两端增加的电压量小于R2两端减小的电压量，故D正确。

2．(多选)(2019·中学高二上学期期中)用标有“6 V,3 W”的灯泡L1、“6 V,6 W”的灯泡L2与理想电压表和理想电流表连接成如图所示的电路，其中电源电动势E＝9 V。

下图是通过两个灯泡的电流随两端电压变化的曲线。

当其中一个灯泡正常发光时( CD )A．电流表的示数为1 A B．电压表的示数约为6 VC．电路输出功率为4 W D．电源内阻为2 Ω解析：由题可知，若L1正常发光，I1＝PU＝36A＝0.5 A，若L2正常发光，I2＝P2U2＝66A＝1 A，两个小灯泡串联，只有一个灯泡正常发光，则为L1正常发光。

故A项错误。

电压表测量灯泡L2的电压，由图乙可知，曲线A对灯泡L2，当电流为0.5 A时，此时电压为2 V，所以电压表示数为2 V，故B项错误。

电路输出功率P输＝U1I＋U2I＝6×0.5＋2×0.5＝4 W，故C项正确。

波的形成和传播典型例题解析之欧阳光明创编

波的形成和传播·典型例题解析欧阳光明（2021.03.07）【例1】关于振动和波的关系，下列说法正确的是[ ] A．有机械波必有振动B．有机械振动必有波C．离波源远的质点振动较慢D．波源停止振动时，介质中的波立即停止传播解答：应选 A点拨：因各质点的振动都是重复波源的振动，不论距波源远近，振动的快慢都一样．在介质中传播的波独立于波源，即已形成的波跟波源无关，在波源停止振动时，波仍将继续向外传播而不会停止．【例2】一列波由波源处向周围扩展开去，由此可知[ ] A．介质中各质点由近及远地传播开去B．介质中质点的振动形式由近及远地传播开去C．介质中质点振动的能量由近及远地传播开去D．介质中质点只是振动而没有迁移解答：应选BCD点拨：波动过程是振动形式和振动能量的传递过程，介质中质点并不随波迁移．【例3】区分横波和纵波是根据[ ] A．是否沿水平方向传播B．质点振动的方向和波传播的远近C．质点振动的方向和波传播的方向D．质点振动的快慢点拨：区分横波和纵波的依据是看波的传播方向与质点的振动方向的关系．参考答案：C【例4】下列说法不妥的有[ ]A．声波在空气中传播时是纵波，在水中传播时是横波B．波不但传递能量，还能传递信息C．发生地震时，由振源传出的横波和纵波的波速不同D．一切波的传播均需要介质点拨：区分机械波和电磁波，区分横波和纵波参考答案：AD跟踪反馈1．在机械波中[ ] A．各质点都在各自的平衡位置附近振动B．相邻质点间必有相互作用力C．前一质点的振动带动相邻的后一质点振动，后一质点的振动必定落后于前一质点D．各质点也随波的传播而迁移2．在课本P3图10－5中(1)说出绳中波的传播方向．(2)标出质点3在t≠0的另外5个时刻(t＝T/4，2T/4，3T/4，…)的振动方向．(3)在t≠0的另外5个时刻，哪些时刻质点3的位移与速度同向？哪些时刻质点3的位移与速度反向？(4)质点1开始振动的方向是什么方向？介质中每一个质点开始振动的方向是否相同？参考答案1．ABC 2．(1)向右 (2)略 (3)T/4，3T/4，5T/4，T/2，T (4)向上，相同。

高中物理第二章恒电流课时闭合电路的欧姆律训练高二物理试题

点囤市安抚阳光实验学校闭合电路的欧姆律错误!一、单项选择题(每小题6分，共42分)1．一太阳能电池板，测得它的开路电压为800 mV，短路电流为40 mA，若将该电池板与一阻值为20 Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是( D )A．0.10 V B．0.20 VC．0.30 V D．0.40 V解析：电源电动势为0.8 V，根据I短＝Er 解得r＝EI短＝20 Ω.所以U＝RR＋rE＝0.4 V.2．在如图所示的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是( B )A．A变大，V变大B．A变小，V变大C．A变大，V变小D．A变小，V变小解析：该电路中，当滑片P向右移动时，滑动变阻器的有效电阻变大，闭合电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆律I＝Er＋R0＋R可知，电路中的电流变小，电流表的读数变小，而电压表的读数为U＝E－I(R0＋r)，I减小，电压表读数变大，选项B正确．3.如图所示电路中，电源电动势为E，内电阻为r，开关闭合时在平行板电容器C中恰好有一带电粒子处于悬空静止状态，当变阻器R0的滑动端向左移动时，带电粒子将( B )A．向上运动B．向下运动C．静止不动D．不能确运动状态的变化解析：当滑动端向左移动时R0变大，则总电流变小，R两端的电压变小，电容器中的场强变小，粒子受到的电场力减小，重力大于电场力，所以粒子将向下运动，故B正确．4．如图所示，电源电动势为6 V，当开关接通时，灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各电压U ad＝0，U cd＝6 V，由此可以判( C )A．L1和L2的灯丝都断了B．L1的灯丝断了C．L2的灯丝断了D ．变阻器R 断路解析：由题给条件可知，电路中有的地方没有电压，由U ad ＝0，U cd ＝6 V 可知电路是断路，电路a 、d 之间没有断点，c 、d 之间有断点，可知灯L 2断路．由电灯L 2两端电压不为零，可知灯L 1与变阻器R 是完好的，选项C 正确．5．如图所示为蓄电池与车灯(电阻不变)、电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05 Ω，电流表和电压表均为理想电表．只接通S 1时，电流表示数为10 A ，电压表示数为12 V ，再接通S 2，电动机工作时，电流表示数变为8 A ，则此时通过电动机的电流是( C )A ．2 AB ．8 AC ．50 AD ．58 A解析：根据闭合电路欧姆律E ＝U ＋Ir ，只接通S 1时，电流表示数为10 A ，电压表示数为12 V ，得E ＝12.5 V ，车灯电阻R ＝U I ＝1210Ω＝1.2 Ω；接通S 2，电动机工作时，电流表示数变为8 A ，车灯电压U 1＝I 1R ＝9.6 V ，电源内电压为U 内＝E －U 1＝2.9 V ，通过电源的电流I 总＝U 内r ＝2.90.05A ＝58 A ，通过电动机的电流I 2＝I 总－I 1＝50 A ，C 正确．6．如图所示电路中，M 、N 是平行板电容器的两个极板，R 0为值电阻，R 1、R 2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m 、带正电的小球悬于电容器内部．闭合开关S ，小球静止时受到悬线的拉力为F .调节R 1、R 2，关于F 的大小判断正确的是( B )A ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变大B ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变小C ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变大D ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变小解析：当R 1不变，增大R 2时，电路中总电流I 减小，R 0分压相减小，MN 极板间的场强也减少，所以F 也变小．而当R 2不变，调节R 1时，MN 极板间的电压不变，F 不变．选项B 正确．7.如图所示电路中，R 1、R 2为值电阻，电源内阻为r ，闭合电键S ，电压表显示有读数，调节可变电阻R 的阻值，电压表示数增大量为ΔU ，则在此过程中( C )A ．可变电阻R 阻值增大，流过它的电流增大B ．电阻R 2两端的电压减小，变化量于ΔUC ．通过电阻R 2的电流减小，变化量小于ΔUR 2D ．路端电压一增大，变化量大于ΔU解析：由题，电压表的示数增大，R 和R 1并联的电阻增大，得知R 增大，总电阻增大，总电流减小，并联电压增大，通过R 1的电流增大，所以通过可变电阻R 的电流减小，故A 错误．R 增大，外电阻增大，干路电流减小，电阻R 2两端的电压减小，路端电压增大，而路端电压于外电路总电压，所以电阻R2两端的电压减小量小于ΔU，由欧姆律得知，通过电阻R2的电流减小，减小量小于ΔUR2，故B错误、C正确．由于电阻R2两端的电压减小，所以路端电压的增大量小于ΔU，故D错误．二、多项选择题(每小题8分，共24分)8.右图为闭合电路中两个不同电源的U－I图象，则下列说法中正确的是( AD )A．电动势E1＝E2，短路电流I1＞I2B．电动势E1＝E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大解析：由闭合电路的欧姆律得E＝U＋Ir.当I＝0时电动势E于路端电压U，即U－I图线和U轴的交点就是电动势，由图知两电源的电动势相．当U＝0时I＝E/r，U－I图线和I轴的交点就是短路电流，由图可知I1＞I2，A正确．而r ＝E/I，即图线的斜率表示电源的内阻，由图知r1＜r2，B、C错误．当工作电流变化量相同时，因为r1＜r2，电源2内电压变化较大，由闭合电路的欧姆律得E ＝U外＋U内．所以电源2的路端电压变化较大，D正确．9．如图所示的U－I图象中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的U－I图线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知( AD )A．R的阻值为1.5 ΩB．电源电动势为3 V，内阻为0.5 ΩC．电源的输出功率为3.0 WD．电源内部消耗的功率为1.5 W解析：由直线Ⅰ可知，电源的电动势为3 V，内阻为1.5 Ω，选项B错误；由直线Ⅱ可知，R的阻值为1.5 Ω，选项A正确；闭合回路的电流为I＝ER＋r＝1 A，则电源的输出功率为P出＝EI－I2r＝1.5 W，电源内部消耗功率为P内＝I2r ＝1.5 W，选项C错误，D正确．10．有一种测量体重的电子秤，其原理图如图中的虚线所示，它主要由三构成：踏板、压力传感器R(是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器)、显示体重的仪表G(实质是理想电流表)．设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3 A，电源电动势为12 V，内阻为2 Ω，电阻R随压力变化的函数为R＝30 Ω－0.02 F(F和R的单位分别是N和Ω)．下列说法正确的是( AC ) A．该秤能测量的最大体重是1 400 NB．该秤能测量的最大体重是1 300 NC．该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)标在电流表G刻度盘0.375 A处D ．该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)标在电流表G 刻度盘0.400 A 处解析：当电流表示数达到3 A 时，压力传感器受到的压力最大，由E ＝I (R ＋r )可求得R ＝2 Ω，由R ＝30 Ω－0.02 F 可求得F ＝1 400 N ，选项A 正确，B 错误；当踏板空载时，R ′＝30 Ω，电流表G 示数为I ′＝ER ′＋r＝1230＋2A ＝0.375 A ，选项C 正确，D 错误．三、非选择题(共34分)11．(16分)如右图所示E ＝10 V ，R 1＝4 Ω，R 2＝6 Ω，C ＝30 μF.电池内阻可忽略．(1)闭合开关S ，求稳后通过R 1的电流；(2)然后将开关S 断开，求这以后流过R 1的总电荷量．答案：(1)1 A (2)1.2×10－4C解析：(1)电路稳后，电容器所在的支路上无电流通过，因此R 1与R 2串联，C 两端的电压即为R 2两端的电压．由欧姆律得，通过R 1的电流I ＝ER 1＋R 2＝104＋6 A ＝1 A.(2)电容器两端电压U 2＝IR 2＝6 V ，电容器所带电荷量Q 1＝CU 2＝30×10－6×6 C＝1.8×10－4C.开关S 断开稳后，总电流为零，电容器两端电压为E ，所带电荷量Q 2＝CE ＝30×10－6×10 C＝3×10－4C.通过R 1的电荷量，即为电容器增加的电荷量， ΔQ ＝Q 2－Q 1＝1.2×10－4C.12.(18分)如图所示的电路中，电源的电动势E ＝12 V ，内阻未知，R 1＝8 Ω，R 2＝1.5 Ω，L 为规格“3 V，3 W”的灯泡，开关S 断开时，灯泡恰好正常发光．(不考虑温度对灯泡电阻的影响)试求：(1)灯泡的额电流和灯丝电阻；(2)电源的内阻；(3)开关S 闭合时，灯泡实际消耗的功率．答案：(1)1 A 3 Ω (2)1 Ω (3)0.48 W解析：(1)灯泡的额电流I 0＝P 0U 0＝33A ＝1 A灯丝电阻R L ＝U 20P 0＝323Ω＝3 Ω.(2)断开S 时，灯L 正常发光，即I 1＝I 0根据闭合电路的欧姆律得E ＝I 0(R 1＋R L ＋r )r ＝E I 0－(R 1＋R L )＝121Ω－(8＋3) Ω＝1 Ω.(3)闭合S 时，设外电路总电阻为R 外，则R 外＝R L ·R 2R L ＋R 2＋R 1＝9 Ω设干路电流为I 总，则I 总＝ER 外＋r＝1.2 A灯泡两端的电压U L ＝I 总·R L ·R 2R L ＋R 2＝1.2 V灯泡的实际功率P L ＝U 2LR L＝0.48 W.。

高中物理第4章探究闭合电路欧姆律章末综合检测卷

点囤市安抚阳光实验学校【学案导学设计】高中物理第4章探究闭合电路欧姆律章末综合检测卷沪科3-1(时间：90分钟满分：100分)一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共24分)1．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%.单片单晶硅太阳能电池可产生0.6 V 的电动势，可获得0.1 A 的电流，则每秒照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量是( ) A ．0.24 J B ．0.25 J C ．0.26 J D ．0.28 J 答案 C解析根据W ＝UIt 可得每秒单片单晶硅太阳能电池产生的能量为W ＝0.6×0.1×1 J＝0.06 J ，设太阳能每秒照射的能量为Q ，则由能量守恒律得Q×23%＝W ，所以Q ＝0.26 J.2．如图1所示，直线OAC 为某一直流电源的总功率P 随电流I 变化的图线，曲线OBC 表示同一直流电源内部的热功率P 随电流I 变化的图线．若A 、B 点的横坐标均为1 A ，那么AB 线段表示的功率为( )图1A ．1 WB ．6 WC ．2 WD ．2.5 W答案 C解析由题图不难看出，在C 点，电源的总功率于电源内部的热功率，所以电源的电动势为E ＝3 V ，短路电流为I ＝3 A ，所以电源的内阻为r ＝EI＝1 Ω.图像上AB 线段表示的功率为PAB ＝P 总－I2r ＝(1×3－12×1) W＝2 W ．故正确选项为C.3.在如图2所示的闭合电路中，当滑片P 向左移动时，则( ) 图2A ．电流表示数变大，电压表示数变大B ．电流表示数变小，电压表示数变大C ．电流表示数变大，电压表示数变小D ．电流表示数变小，电压表示数变小答案 C解析滑片P 向左移动，电阻R 接入电路的电阻变小，则总电阻R 总也变小，根据闭合电路欧姆律I ＝ER 总可知，回路中电流变大，则电流表的示数变大，电压表两端电压U ＝E －I(R0＋r)变小，故选项C 正确．4．某同学用如图3甲所示的电路来测量电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U －I 图线，由图可知( )图3A ．电池电动势的测量值是1.00 VB ．电池内阻的测量值是3.50 ΩC ．外电路发生短路时的电流为0.40 AD ．电压表的示数为1.20 V 时电流表的示数I′＝0.20 A答案 D解析由闭合电路欧姆律U ＝E －Ir 知当I ＝0时，U ＝E.U －I 图线的斜率的绝对值表示电源的内阻，则r ＝|ΔU ΔI |＝1.40－1.000.40－0Ω＝1 ΩU 轴的电压刻度不是从零开始的，U －I 图线的横截距不再表示U ＝0时的短路电流，而是表示路端电压为1 V 时的干路电流是0.4 A ，因为|ΔUΔI |＝r ＝常数，从题图中易得1.40－1.20I′＝1.40－1.00.4，所以I′＝0.20 A ．所以D 选项正确．5．电源的效率η义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比．在测电源电动势和内电阻的中得到的图线如图4所示，图中U 为路端电压，I 为干路电流，a 、b 为图线上的两点，相状态下电源的效率分别为ηa、ηb.由图可知ηa、ηb 的值分别为( )图4A.34、14B.13、23 C.12、12 D.23、13 答案 D解析电源的效率η＝UI EI ×100%＝UE ×100%.a 点对的路端电压U 为4个格，而电动势E 为6个格．因此ηa＝23；b 点对的路端电压为2个格，因此ηb＝13.故D 正确．6．如图5所示为甲、乙两灯泡的I －U 图像，根据图像，计算甲、乙两灯泡并联在电压为220 V 的电路中时，实际发光的功率约为( ) 图5A ．15 W 、30 WB ．30 W 、40 WC ．40 W 、60 WD ．60 W 、100 W 答案 C解析从图像的横坐标(U)为220 V 的刻度可找出对的纵坐标(I)的值分别为I 甲＝0.19 A ，I 乙＝0.29 A ，则P 甲＝U·I 甲≈40 W，P 乙＝U·I 乙≈60 W，即C 项正确．二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)7.如图6所示，在一幢居民楼里有各种不同的用电器，如电灯、电视机、洗衣机、微波炉、抽油烟机．停电时，用多用电表测得A 、B 间的电阻为R ；供电后，设各家用电器全都同时使用时，测得A 、B 间电压为U ，进线电流为I ；经过一段时间t ，从总电能表中测得这段时间内消耗的电能为W ，则下列表达式用来计算该幢居民楼用电的总功率，其中正确的是( ) 图6A ．P ＝I2RB ．P ＝U2RC ．P ＝IUD ．P ＝Wt答案 CD解析电路消耗的电功率的计算公式P ＝UI 、P ＝Wt 是普遍适用的，而A 、B 两选项只适用于纯电阻电路，而电视机、洗衣机、微波炉和抽油烟机都不是纯电阻电器，所以A 、B 错误，C 、D 正确．8．在如图7所示的电路中，灯泡L 的电阻大于电源的内阻r ，闭合电键S ，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是( )图7A．灯泡L变亮B．电源的输出功率变小C．电容器C上电荷量减少D．电流表读数变小，电压表读数变大答案BD解析将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，R的阻值变大，电路中电流变小，灯泡变暗，A错误；路端电压变大，电阻R两端电压变大，电容器C 两端电压变大，电容器C上电荷量增加，C错误，D正确；当外电路电阻于电源的内阻时电源的输出功率最大，而灯泡L的电阻大于电源的内阻r，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，外电路电阻比r大得更多，输出功率变小，B正确．9.如图8所示，已知电源电动势E＝16 V，内阻r＝1 Ω，值电阻R＝2 Ω，通过小灯泡的电流为1 A，已知小灯泡的电阻为3 Ω，小型直流电动机的线圈电阻r′＝1 Ω，则( )图8A．电动机两端的电压为10 VB．电动机两端的电压为6 VC．电动机的输入功率为10 WD．电动机的输出功率为5 W答案AC 解析电动机两端的电压UM＝E－I(R＋RL＋r)＝16 V－1×(2＋3＋1)V＝10 V，故选项A正确，选项B错误；电动机的输入功率P＝UMI＝10×1 W＝10 W，P出＝P－I2r′＝10 W－1 W＝9 W，故选项C正确，D错误．10．如图9所示，电源的电动势E＝2 V，内阻r＝2 Ω，两个值电阻阻值均为8 Ω，平行板电容器的电容C＝3×10－6 F，则( )图9A．开关断开时两极板间的电压为43VB．开关断开时电容器的带电荷量为4×10－6CC．开关接通时两极板间的电压为43VD．开关接通时电容器的带电荷量为4×10－6C答案CD解析电容器两极板间的电压于R2两端电压，开关S断开时，电路中的总电流I＝ER2＋r＝28＋2A＝0.2 A，电容器的极板电压U＝IR2＝0.2×8 V＝1.6 V，此时电容器的带电荷量Q＝CU＝3×10－6×1.6 C＝4.8×10－6C，故选项A、B错误；开关接通时两值电阻并联，电容器两极板间的电压于路端电压，电路中的总电流I′＝ER外＋r＝24＋2A＝13A，电容器两极板间的电压U′＝I′R外＝13×4 V＝43V，此时电容器的带电荷量Q′＝CU′＝3×10－6×43C＝4×10－6 C，故选项C、D正确．三、题(本题共2小题，共14分)11．(6分)某同学采用如图10甲所示的电路测量干电池的电动势和内阻．已知干电池的电动势约为1.5 V，内阻约为2 Ω，电压表(0～3 V,3 kΩ)，电流表(0～0.6 A，1.0 Ω)，滑动变阻器有R1(10 Ω， 2 A)和R2(100 Ω，0.1 A)各一只．图10(1)在中滑动变阻器选用________(填“R1”或“R2”)；(2)在图乙中用笔画线代替导线连接电路．答案(1)R1 (2)电路如图所示12．(8分)某同学利用图11所示电路探究电源在不同负载下的输出功率情况．图11(1)所得数据如下表，请在图12的直角坐标系上画出U－I图像.图12(2)根据所画U－I图像，可求得电流I＝0.20 A时电源的输出功率为________ W．(结果保留两位有效数字)(3)完成后，该同学对方案进行了反思，认为按图11电路进行操作的过程中存在安全隐患，并对电路重设计．在下列选项所示的电路中，你认为既能测出电源在不同负载下的输出功率，又能消除安全隐患的是____________________．(Rx阻值未知)答案(1)见解析图(2)0.37 (3)BC解析(1)U－I图像如图所示．(2)通过图像可得I＝0.20 A时U＝1.83 V故P＝UI≈0.37 W (3)为了测电源输出功率，电压表必须测出路端电压，D错误；A项中并联的Rx 不起作用，A错误；故选B、C.13．(10分)如图13甲所示的电路中，R1、R2均为值电阻，且R1＝100 Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器．当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的．求：图13(1)电源的电动势和内阻；(2)值电阻R2的阻值；(3)滑动变阻器的最大阻值．答案(1)20 V 20 Ω(2)5 Ω(3)300 Ω解析(1)由题图乙中AB线交U轴于20 V处，交I轴于1.0 A处可知电源的电动势为E＝20 V，内阻r＝EI短＝20 Ω.(2)当P滑到R3的右端时，电路参数对题图乙中的B点，即U2＝4 V、I2＝0.8 A，得R2＝U2I2＝5 Ω.(3)当P滑到R3的左端时，由题图乙知此时U外＝16 V，I总＝0.2 A，所以R 外＝U外I总＝80 Ω.因为R外＝R1R3R1＋R3＋R2，所以滑动变阻器的最大阻值为R3＝300 Ω.14．(10分)如图14所示电路中，电源电动势E＝12 V，内阻r＝1 Ω，电阻R1＝9 Ω，R2＝15 Ω，电流表A 的示数为0.4 A ，求电阻R3的阻值和它消耗的电功率．图14答案 30 Ω 1.2 W解析并联电路的电压U2＝I2R2＝6 V ，由闭合电路欧姆律得E ＝U2＋I(R1＋r) 解得流过电源的电流为I ＝0.6 A ，流过R3的电流为I3＝I －I2＝0.2 A ， R3的阻值为R3＝U3I3＝U2I3＝30 Ω，R3消耗的电功率为P3＝U3I3＝1.2 W.15．(14分)在如图15甲所示的电路中，R1 和R2都是纯电阻，它们的伏安特性曲线分别如图乙中a 、b 所示．电源的电动势E ＝7 V ，内阻忽略不计．图15(1)调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相，求此时电阻R1和R2的阻值为多大？R3接入电路的阻值为多大？(2)调节滑动变阻器R3，使R3＝0，这时电阻R1和R2消耗的电功率各是多少？答案 (1)1 000 Ω 1 000 Ω 800 Ω(2)1.05×10－2 W 1.4×10－2 W解析 (1)R1、R2和R3串联，电流相，当电阻R1和电阻R2消耗的电功率相时，由伏安特性曲线可知，此时电路中的电流I ＝2.5 mA. 这时加在电阻R1和R2上的电压U1＝U2＝2.5 V.由欧姆律得R1＝R2＝U1I＝1 000 Ω 滑动变阻器R3两端电压为U3＝E －U1－U2＝2 V 由欧姆律得R3＝U3I ＝800 Ω(2)当R3＝0时 U1′＋U2′＝E ＝7 V又因通过电阻R1和R2的电流相，从伏安特性曲线上可以看出，I′＝3.5 mA ，且U1′＝3 V U2′＝4 V电阻R1消耗的电功率为P1＝I′U1′＝1.05×10－2 W 电阻R2消耗的电功率为P2＝I′U2′＝1.4×10－2 W16．(12分)如图16所示，R 为电阻箱，为理想电压表，当电阻箱读数为R1＝2 Ω时，电压表读数为U1＝4 V ；当电阻箱读数为R2＝5 Ω时，电压表读数为U2＝5 V ．求：图16(1)电源的电动势E 和内阻r.(2)当电阻箱R 读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值Pm 为多少？答案 (1)6 V 1 Ω (2)1 Ω 9 W解析 (1)由闭合电路欧姆律E ＝U1＋U1R1r ①E ＝U2＋U2R2r ②联立①②并代入数据解得E ＝6 V ，r ＝1 Ω(2)由电功率表达式P ＝E2R ＋r 2R ③将③式变形为P ＝E2R －r 2R ＋4r ④由④式知，R ＝r ＝1 Ω时，P 有最大值Pm ＝E24r＝9 W。