高考化学(全国版)大一轮复习配套课件:专题八 第40讲 专题提升
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2024届新高考新一轮化学总复习课件-第7章第40讲
化学N
命题点
命题前沿 制胜高考
— 11 —
3.下列反应中,一定不能自发进行的是( B ) A . 2KClO3(s)===2KCl(s) + 3O2(g) ΔH = - 78.03 kJ/mol ΔS= + 1 110 J/(mol·K) B.CO(g)===C(石墨,s)+12O2(g) ΔH=+110.5 kJ/mol ΔS=-89.36 J/(mol·K) C.4Fe(OH)2(s)+2H2O(l)+O2(g)===4Fe(OH)3(s) ΔH=-444.3 kJ/mol ΔS= -280.1 J/(mol·K) D.NH4HCO3(s)+CH3COOH(aq)===CO2(g)+CH3COONH4(aq)+H2O(l) ΔH =+37.301 kJ/mol ΔS=+184.05 J/(mol·K)
化学N
命题点
命题前沿 制胜高考
— 10 —
解析 常温下,SO2 为气体,SO3 为非气体,气体的混乱度大于非气体,则 1 mol SO2 的熵大于 1 mol SO3,A 错误;已知该反应为自发反应,则 ΔH-TΔS<0,若 ΔH>0, 则一定有 ΔS>0,B 正确;该反应为气体分子数减小的吸热反应,ΔH>0,ΔS<0,在 任何温度下 ΔH-TΔS>0,即在任何温度下都不能自发进行,C 错误;NaNO2 溶于水 为吸热过程,混乱度增大,故 ΔS>0,D 错误。
化学N
命题点
命题前沿 制胜高考
— 23 —
考向 2 化学平衡状态的判断 2.(2023·山东聊城月考)在一定温度下的定容容器中,不能表明反应 A(g)+ 4B(g) 3C(g)+D(g)已达平衡状态的是( D ) A.A 的体积分数不再改变 B.单位时间内生成 a mol A,同时生成 3a mol C C.容器中混合气体总物质的量不再改变 D.混合气体的密度不再改变
第八章 第40讲 专题23 水解常数(Kh)与电离常数的关系及应用
因而Ka(或Kh)与Kw的定量关系:
cCH3COOH
(1)Ka·Kh=Kw或Kb·Kh=Kw
(2)Na2CO3 的水解常数 Kh=KKaw2
(3)NaHCO3 的水解常数 Kh=KKaw1
拓展 可以用电离平衡常数与水解平衡常数的大小关系判断弱酸的酸式
盐溶液的酸碱性,以 HCO- 3 为例,已知 Ka1=cHcCHO2- 3C·Oc3H+:
解析 Kh=cHCcOC-3O·c23-O H-=2×10-4,又 c(HCO-3 )∶c(CO23-)=2∶1,则 c(OH-) =10-4 mol·L-1,结合 Kw=1.0×10-14,可得 c(H+)=10-10 mol·L-1。
1234567
2.已知:H2SO3的电离常数Ka1=1.54×10-2,Ka2=1.02×10-7;H2CO3的电 离常数Ka1=4.3×10-7,Ka2=5.6×10-11。浓度为0.1 mol·L-1的Na2SO3和 Na2CO3等体积混合后,溶液中 SO23-、CO23-、HSO- 3 、HCO- 3 浓 度 从 大 到 小 的顺序为_c_(S__O_23_-_)>__c_(_C_O_2_3-_)_>__c_(H__C_O_-3_)_>__c_(_H_S_O__-3 _) _。
电离方程式:HCO-3
H++CO23- Ka2=cCcOH23-CO·c3-H +
水解方程式:HCO-3 +H2O H2CO3+OH-
Kh=cH2cCOH3C·Oc-3O H-=KKaw1,只需比较 Ka2 和 Kh=KKaw1的大小即可判断弱酸的 酸式盐溶液的酸碱性。
专题精练
1.已知25 ℃时,Na2CO3溶液的水解常数Kh=2×10-4,则当溶液中 c(HCO- 3 )∶c(CO23-) =2∶1时,试求该溶液的pH=_1_0__。
(新高考新教材)2024届高考化学第一轮专项复习——化学反应与能量 教学PPT模板
②CH4(g)+4NO(g) ══ 2N2(g)+CO2(g)+2H2O(g)
)
ΔH=-574 kJ·mol-1
ΔH=-1 160 kJ·mol-1
根据盖斯定律,①+②可得
2CH4(g)+4NO2(g) ══ 2N2(g)+2CO2(g)+4H2O(g)
ΔH=-1 734 kJ·mol-1,
则用0.1 mol CH4还原NO2生成N2和水蒸气时,放出的热量为86.7 kJ。
0,[O3(g)+O(g)]的相对能量为E3 kJ·mol-1,[O3(g)+O(g)+Cl(g)]的相对能量
为E2 kJ·mol-1,则Cl(g)的相对能量为(E2-E3) kJ·mol-1,故Cl—Cl的键能为
2(E2-E3) kJ·mol-1,B正确。由图可知,历程Ⅱ使用了催化剂,但催化剂不能
══ O2(g)+Cl(g)
答案 C
ΔH=(E5-E4) kJ·mol-1
解析 由图可知,反应O3(g)+O(g) ══ 2O2(g)的ΔH=(E6-E3) kJ·mol-1,反应
O3(g)+O(g)+Cl(g) ══ 2O2(g)+Cl(g)[即O3(g)+O(g) ══ 2O2(g)]的ΔH=(E5E2) kJ·mol-1,从而可得:E6-E3=E5-E2,A正确。由于Cl2(g)的相对能量为
应生成。C40H20(g)
C40H18(g)+H2(g)的反应机理和能量变化如下:
(1)已知C40Hx中的碳氢键和碳碳键的键能分别为431.0 kJ·mol-1和298.0
kJ·mol-1,H—H键能为436.0 kJ·mol-1。估算C40H20(g)
【高考领航】高考化学一轮复习专题讲座课件(人教版):难溶电解质的溶解平衡
①V(溶解)__>__ V(沉淀),固体溶解 ②V(溶解)__=___ V(沉淀),溶解平衡 ③V(溶解)__<___ V(沉淀),析出晶体
知识梳理 思维深化
考点一 沉淀溶解平衡
(3)溶解平衡的特点
知识梳理 思维深化
考点一 沉淀溶解平衡
(4)影响沉淀溶解平衡的因素
①内因
难溶电解质本身的性质,这是决定因素。
CpH.不向变溶[但液中n(C加a2入+)N、a2nC(OOH3溶-)液减,小其了中,固Ca体(O质H)量2的增量加增大了];给溶液 D加.热向,溶C液a(中OH加)2入的少溶量解N度aO随H固温体度,升C高a(而OH减)2小固,体质所量以不又变会 有 少 量 Ca(OH)2析出,c(OH-)减小,pH减小;加入Na2CO3溶液,部分 Ca(OH)2 转 化 为 CaCO3 , 固 体 质 量 增 加 ; 加 入 NaOH(s) , 平 衡 左 移,Ca(OH)2固体质量增加。
沉淀变为红褐色。下列分析不正确的是( B )
A.浊液a中存在沉淀溶解平衡:Mg(OH)2(s) -(aq)
Mg2+(aq)+2OH
B.滤液b中不含有Mg2+
C.②中颜色变化说明Mg(OH)2转化为Fe(OH)3 D.实验可以证明Fe(OH)3比Mg(OH)2更难溶
题组设计 思维建模
题组二 沉淀溶解平衡在工农业生产中的应用
知识梳理 思维深化
考点一 沉淀溶解平衡
(5)电解质在水中的溶解度 20 ℃时,电解质在水中的溶解度与溶解性存在如下关系:
知识梳理 思维深化
考点一 沉淀溶解平衡
(二)难溶电解质电离平衡的应用 1.沉淀的生成 (1)调节 pH 法: 如除去 NH4Cl 溶液中的 FeCl3 杂质,可加入氨水调节 pH 至 4 左右, 离子方程式为:Fe3++3NH3·H2O===Fe(OH)3↓+3NH+ 4 。 (2)沉淀剂法: 如用 H2S 沉淀 Cu2+,离子方程式为:Cu2++H2S===CuS↓+2H+。
届高考化学第一轮培训专题复习课件
“有为才能有为”! 安身于学校,研究的层面看: 1、研究的对象是“人”:学生、同事、
同伴、专家、学者等; 2、研究的核心环节:课堂教学。 3、研究的目标: “谋其上,求其中”。 4、研究主要内容:
40
(1)条件知识的运用。 (2)在合作中谋学习、求发展。
①专家、同仁群体和个人的合作; ②观摩和分析优秀教师的教学活动; ③微格教学及其他受控的教学经历。 (3)行动研究法。(边行动,边研究。)
应用研究则旨在解决直接的实际问题,并从中发现 出一般的、普遍的道理,进而推动基础研究的发 展,而增加科学知识的目的是居于第二位的。
10
开发研究,又称发展研究,则是
指运用基础研究和应用研究的成果 为解决教育改革和发展中的问题而 创造性地提出或制订可操作的方案、 计划、对策及建议等。
基础研究回答的是"是什么",应用
15
3、中小学教师研究是 一种实践理论。实践理论 是有关实践活动行为准则 的理论,是回答"教育应该 怎么做"的规范性理论。
16
江泽民在全国第三次教育工作会议上的讲话 (1999年6月15日)
在出人才的问题上,要鼓励和支持冒 尖,鼓励和支持当领头雁,鼓励和支持一 马当先,这不是提倡搞个人突出、个人英 雄主义,而是合乎人才成长规律的必然要 求。
学得好的影响和带动学得不太好的, 水平高的影响和带动水平比较低的,这样 就可以促进共同进步和提高。
17
二、为什么要做一 名研究型的教师,不 研究行不行?
18
★人是要有点精神的!(毛泽东)
专业精神
敬业精神:乐业、勤业、创业、献业 人文精神:人道、人文、人本 科学精神:客观、理性
人道:同情心、博爱 人文:情感丰富、真情实感 人本:童年意识、学生意识、生命意识
同伴、专家、学者等; 2、研究的核心环节:课堂教学。 3、研究的目标: “谋其上,求其中”。 4、研究主要内容:
40
(1)条件知识的运用。 (2)在合作中谋学习、求发展。
①专家、同仁群体和个人的合作; ②观摩和分析优秀教师的教学活动; ③微格教学及其他受控的教学经历。 (3)行动研究法。(边行动,边研究。)
应用研究则旨在解决直接的实际问题,并从中发现 出一般的、普遍的道理,进而推动基础研究的发 展,而增加科学知识的目的是居于第二位的。
10
开发研究,又称发展研究,则是
指运用基础研究和应用研究的成果 为解决教育改革和发展中的问题而 创造性地提出或制订可操作的方案、 计划、对策及建议等。
基础研究回答的是"是什么",应用
15
3、中小学教师研究是 一种实践理论。实践理论 是有关实践活动行为准则 的理论,是回答"教育应该 怎么做"的规范性理论。
16
江泽民在全国第三次教育工作会议上的讲话 (1999年6月15日)
在出人才的问题上,要鼓励和支持冒 尖,鼓励和支持当领头雁,鼓励和支持一 马当先,这不是提倡搞个人突出、个人英 雄主义,而是合乎人才成长规律的必然要 求。
学得好的影响和带动学得不太好的, 水平高的影响和带动水平比较低的,这样 就可以促进共同进步和提高。
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二、为什么要做一 名研究型的教师,不 研究行不行?
18
★人是要有点精神的!(毛泽东)
专业精神
敬业精神:乐业、勤业、创业、献业 人文精神:人道、人文、人本 科学精神:客观、理性
人道:同情心、博爱 人文:情感丰富、真情实感 人本:童年意识、学生意识、生命意识
高考化学大一轮考点精讲复习课件+讲义 (4)
7 2O __H
1 (3x+1) (11)__Na + 2x-2NaOH === 2Sx+_______NaClO
x (3x+1) (x-1) ____Na 2SO4+__________NaCl+________H2O
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
16
5.第五组(离子的氧化还原反应的配平)
+ - 3+ 3 28 1 9 1 (12)__Fe O + __H + __NO ===__Fe +__NO ↑+14 __H2O 3 4 3 - - - 2- 3 2 3 2 5 4OH (13)__ClO +__Fe(OH) + ===__Cl + __FeO __H2O 3 4 + - + - 2 4 2 2 1 2↑+ 2H2O (14)__ClO + __H + __Cl ===__ClO 3 2↑+__Cl
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
8
4.三种元素之间的氧化还原反应——整体归一法 发生化合价变化的元素有三种, 往往有两种发生化合价变化的元素在同一种反应 物中,把其看作一个整体,找出化合价升降的总数并使与第三种元素化合价升降的总 数相等,进而找出氧化剂和还原剂的化学计量数,然后配出氧化产物和还原产物的化 学计量数,进而配出其他物质的化学计量数。 例如 FeS2+O2―→Fe2O3+SO2 的反应的配平,把 FeS2 作为一个整体,算出共升 高 11 价,氧气降低 4 价,最小公倍数 44,确定 FeS2 的化学计量数为 4,O2 化学计量 数为 11,得出 4FeS2+11O2===2Fe2O3+8SO2。
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
13
【例 1】
氧化还原反应方程式的配平
南方新高考高中化学一轮复习第八单元第40讲高分子化合物课件
第40讲 高分子化合物
第一页,共38页。
[考纲导视]
考纲定位
选项示例
1. 了解高分子化合物的组成与结构特
点,能依据简单合成高分子的结构分析 1.下列为人体提供能量
其链节和单体。
的营养物质中,属于高
2.了解加聚反应和缩聚反应的特点。 分子化合物的是 : C.
3.了解新型高分子材料的性能及其在高 蛋白质。(2015 年北京
相同(xiānɡ tónɡ)
(2)加聚反应(jiā jù fǎn yīnɡ)过程中_____副产物生成,原子利用率为 100%。
(3)聚合物链节的化学组成与单体的化学组成______,聚合
物的相对分子质量为单体相对分子质量的整数倍。
第十六页,共38页。
3.缩聚反应(suō jù fǎn yīnɡ)的特点。
合成顺丁橡胶(shùn dīnɡ xiànɡ jiāo)的化学方程式为 nCH2==C
第八页,共38页。
【考点(kǎo diǎn)集训】
[例1](2015年河北二模)下列(xiàliè)有关说法中,正确的是()。
A.光导纤维、聚酯纤维、棉花都属于有机高分子化合物
B.在大米酿酒的过程中,淀粉最后变成了单糖
合度
解题指导:找准链节是解题的关键。
第十九页,共38页。
解析(jiě xī):合成 PPV 通过缩聚反应生成,同时有小分子物质
HI 生成,不属于加聚反应,A 错误; 聚苯乙烯的重复结构单
元为
,不含碳碳双键(shuānɡ jiàn),而该高聚物的结构单
有碳碳双键,所以(suǒyǐ)不相同,B 错误;
有
两个碳碳双键,而苯乙烯有一个碳碳双键,结构不同,二者不
是同系物,C 错误;质谱仪能记录分子离子、碎片离子的相对
第一页,共38页。
[考纲导视]
考纲定位
选项示例
1. 了解高分子化合物的组成与结构特
点,能依据简单合成高分子的结构分析 1.下列为人体提供能量
其链节和单体。
的营养物质中,属于高
2.了解加聚反应和缩聚反应的特点。 分子化合物的是 : C.
3.了解新型高分子材料的性能及其在高 蛋白质。(2015 年北京
相同(xiānɡ tónɡ)
(2)加聚反应(jiā jù fǎn yīnɡ)过程中_____副产物生成,原子利用率为 100%。
(3)聚合物链节的化学组成与单体的化学组成______,聚合
物的相对分子质量为单体相对分子质量的整数倍。
第十六页,共38页。
3.缩聚反应(suō jù fǎn yīnɡ)的特点。
合成顺丁橡胶(shùn dīnɡ xiànɡ jiāo)的化学方程式为 nCH2==C
第八页,共38页。
【考点(kǎo diǎn)集训】
[例1](2015年河北二模)下列(xiàliè)有关说法中,正确的是()。
A.光导纤维、聚酯纤维、棉花都属于有机高分子化合物
B.在大米酿酒的过程中,淀粉最后变成了单糖
合度
解题指导:找准链节是解题的关键。
第十九页,共38页。
解析(jiě xī):合成 PPV 通过缩聚反应生成,同时有小分子物质
HI 生成,不属于加聚反应,A 错误; 聚苯乙烯的重复结构单
元为
,不含碳碳双键(shuānɡ jiàn),而该高聚物的结构单
有碳碳双键,所以(suǒyǐ)不相同,B 错误;
有
两个碳碳双键,而苯乙烯有一个碳碳双键,结构不同,二者不
是同系物,C 错误;质谱仪能记录分子离子、碎片离子的相对
高考化学复习全套ppt课件
Cu(NO3)2体现了其酸性。由电子得失守恒可知生成0.2 mol NO转移
18
要点感悟
了0.6 mol电子。(4)小题中硝酸浓度未知,1 mol Cu2O在反应中提 供的电子数是定值2 mol,要还原更多的硝酸,只能是还原产物NOx 中N的化合价高于+2价,因此可能是使用了浓硝酸。
[答案] (1)14HNO3+3Cu2O (2)酸性 氧化性
是还原产物;电子转
移的总数为
。
[解析] 本题属基础题,从分析元素化合价变化入手。
[答案] K2Cr2O7 HCl Cl Cr Cl2 CrCl3 6e-
13
14
要点感悟
1.氧化还原反应的配平 (1)配平依据:在氧化还原反应中,得失电子总数相等或化合 价升降总数相等。 (2)配平步骤:“一标、二找、三定、四配、五查”,即“标 好价,找变化,定总数,配系数,再检查。” (3)氧化还原反应方程式的配平要领 全变从左边配:氧化剂、还原剂中某元素化合价全变的,一般 从左边反应物着手配平。 自变从右边配:自身氧化还原反应(包括分解、歧化)一般从右 边着手配平。 部分变两边配:一部分发生氧化还原反应的物质计量数应为变 与不变之和。
7
要点感悟
A.H2SO3>I->Fe2+>NO
B.I->H2SO3>Fe2+>NO
C.Fe2+>I->H2SO3>NO
D.NO>Fe2+>H2SO3>I-
[解析] 对于通常自发进行的氧化还原反应可根据反应判断出
物质氧化性和还原性的顺序,由反应①可判断出还原性:H2SO3>I-; 由反应②可判断出还原性:I->Fe2+;由反应③可判断出还原性:
平。配平后的离子方程式为:
5S2O2x +(2x-14)Mn2++ (3x-16)H2O (6x-32)H+
(新高考新教材)2024届高考化学第一轮专项复习——物质的组成、分类及变化 教学PPT模板
作氧化剂,与其氧化性有关,C 正确;石钟乳“色黄,以苦酒(醋)洗刷则白”是指 发生反应 CaCO3+2CH3COOH (CH3COO)2Ca+H2O+CO2↑,未发生氧化还 原反应,与其氧化性无关,D 错误。
变式演练古代科学典籍富载化学知识,下述之物见其还原性者为( B ) A.胆矾(CuSO4·5H2O):“熬胆矾铁釜,久之亦化为铜” B.脂水(石油):“高奴县出脂水,……颇似淳漆,燃之如麻,但烟甚浓”
解析 熟石灰的成分是Ca(OH)2,而熟石膏的化学式为2CaSO4·H2O,C错误。
典例2 (2022·河北卷)化学是材料科学的基础。下列说法错误的是( B ) A.制造5G芯片的氮化铝晶圆属于无机非金属材料 B.制造阻燃或防火线缆的橡胶不能由加聚反应合成 C.制造特种防护服的芳纶纤维属于有机高分子材料 D.可降解聚乳酸塑料的推广应用可减少“白色污染”
2CO+2NO
2CO2+N2,该反应不是复分解反应。
4.NaCl从溶液中析出的过程发生了化学变化。( × ) NaCl从溶液中析出发生的是物理变化。 5.所有的有机化合物都能燃烧。( × ) 并非所有的有机化合物都能燃烧,如CCl4可作灭火剂。
精研核心命题 命题点1物质的组成与分类 典例1 (2023·全国新课标卷)化学在文物的研究和修复中有重要作用。 下列说法错误的是(C ) A.竹简的成分之一纤维素属于天然高分子 B.龟甲的成分之一羟基磷灰石属于无机物 C.古陶瓷修复所用的熟石膏,其成分为Ca(OH)2 D.古壁画颜料中所用的铁红,其成分为Fe2O3
解析 合金的熔点低,硬度大,且合金的硬度一般大于成分金属,A正确;硅胶 和生石灰的作用是吸收水分,铁是较活泼的金属,具有还原性,能防止食品 被氧化,B错误;涤纶属于合成高分子材料,C正确;热控保温材料——纳米气 凝胶属于胶体,可产生丁达尔效应,D正确。
变式演练古代科学典籍富载化学知识,下述之物见其还原性者为( B ) A.胆矾(CuSO4·5H2O):“熬胆矾铁釜,久之亦化为铜” B.脂水(石油):“高奴县出脂水,……颇似淳漆,燃之如麻,但烟甚浓”
解析 熟石灰的成分是Ca(OH)2,而熟石膏的化学式为2CaSO4·H2O,C错误。
典例2 (2022·河北卷)化学是材料科学的基础。下列说法错误的是( B ) A.制造5G芯片的氮化铝晶圆属于无机非金属材料 B.制造阻燃或防火线缆的橡胶不能由加聚反应合成 C.制造特种防护服的芳纶纤维属于有机高分子材料 D.可降解聚乳酸塑料的推广应用可减少“白色污染”
2CO+2NO
2CO2+N2,该反应不是复分解反应。
4.NaCl从溶液中析出的过程发生了化学变化。( × ) NaCl从溶液中析出发生的是物理变化。 5.所有的有机化合物都能燃烧。( × ) 并非所有的有机化合物都能燃烧,如CCl4可作灭火剂。
精研核心命题 命题点1物质的组成与分类 典例1 (2023·全国新课标卷)化学在文物的研究和修复中有重要作用。 下列说法错误的是(C ) A.竹简的成分之一纤维素属于天然高分子 B.龟甲的成分之一羟基磷灰石属于无机物 C.古陶瓷修复所用的熟石膏,其成分为Ca(OH)2 D.古壁画颜料中所用的铁红,其成分为Fe2O3
解析 合金的熔点低,硬度大,且合金的硬度一般大于成分金属,A正确;硅胶 和生石灰的作用是吸收水分,铁是较活泼的金属,具有还原性,能防止食品 被氧化,B错误;涤纶属于合成高分子材料,C正确;热控保温材料——纳米气 凝胶属于胶体,可产生丁达尔效应,D正确。
化学高考最新大一轮复习讲座课件
0 4.50 2.50 1.50 1.00 1.00 3.60 3.05 2.85 2.75 2.70 2.70
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大一轮复习 化学
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第8页
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大一轮复习 化学
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大一轮复习 化学
请完成汽车尾气净化中 NO(g)和 CO(g)发生反应的热化学方
程式
2NO(g)+2CO(g) N2(g)+2CO2(g) ΔH=
kJ/mol
②若上述反应在恒温、恒容的密闭体系中进行,并在 t1 时刻
达到平衡状态,则下列示意图不符合题意的是
(填选项序
号)。(下图中 v 正、K、n、P 总分别表示正反应速率、平衡常数、物
的正反应为放热反应),请回答温度对脱氮率的影
响
,给出合理的解
释:
。
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第23页
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大一轮复习 化学
【解析】 (1)①化学反应的焓变等于反应物旧键断裂吸收的 能量与生成物新键形成放出的能量之差,因此 ΔH=2×632 kJ/mol +2×1 072 kJ/mol-946 kJ/mol-4×750 kJ/mol=-538 kJ/mol; ②A.t1 时刻以后,正反应速率依然在变化,证明没有达到平衡状态, 不符合题意,故 A 错误;B.平衡常数 K 只与温度有关,由于该反 应是在恒温条件下进行的,因此平衡常数 K 始终不变,B 错误;
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大一轮复习 化学
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大一轮复习 化学
请完成汽车尾气净化中 NO(g)和 CO(g)发生反应的热化学方
程式
2NO(g)+2CO(g) N2(g)+2CO2(g) ΔH=
kJ/mol
②若上述反应在恒温、恒容的密闭体系中进行,并在 t1 时刻
达到平衡状态,则下列示意图不符合题意的是
(填选项序
号)。(下图中 v 正、K、n、P 总分别表示正反应速率、平衡常数、物
的正反应为放热反应),请回答温度对脱氮率的影
响
,给出合理的解
释:
。
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【名校课堂】获奖PPT-化学高考最新 大一轮 复习专 题讲座 课件( 最新版 本)推 荐
大一轮复习 化学
【解析】 (1)①化学反应的焓变等于反应物旧键断裂吸收的 能量与生成物新键形成放出的能量之差,因此 ΔH=2×632 kJ/mol +2×1 072 kJ/mol-946 kJ/mol-4×750 kJ/mol=-538 kJ/mol; ②A.t1 时刻以后,正反应速率依然在变化,证明没有达到平衡状态, 不符合题意,故 A 错误;B.平衡常数 K 只与温度有关,由于该反 应是在恒温条件下进行的,因此平衡常数 K 始终不变,B 错误;
2023高考化学第一轮复习8pptx
阳
阴
得
失
提醒:正确理解电子不下水(电解质溶液)。
3.电解过程思维程序 (1)首先判断阴、阳极,分析阳极材料是惰性电极还是活泼电极。 (2)再分析电解质水溶液的组成,找全离子并分阴、阳两组。 提醒:不要忘记水溶液中的H+和OH-,不要把H+、OH-误加 到熔融电解质中。 (3)然后排出阴、阳两极的放电顺序 阴极:阳离子放电顺序__A_g_+_>_F__e_3+__>_C_u_2_+_>_H__+_(_酸__)_>_F_e_2_+_>_Z_n_2_+_ __>_H__+_(_水__)>__A_l_3+__>_M__g_2+__>_N_a_+__>_C_a_2_+_>_K__+__。 阳极:活泼电极>_S_2_-_>__I-__>_B_r_-_>_C__l-__>_O__H_-_>含氧酸根离子。
A.用 Cu 片作阳极电解饱和食盐水 2Cl-+2H2O=电==解==Cl2↑+H2↑+2OH- B.用两个铜片作电极电解 AgNO3 溶液: 4Ag++2H2O=电==解==Ag+O2↑+4H+ C.用石墨作电极电解 AlCl3 溶液: 2Cl-+2H2O=电==解==Cl2↑+H2↑+2OH- D.用石墨作电极电解 CuSO4 溶液 2Cu2++2H2O=电==解==2Cu+O2↑+4H+
水 增大 增大 加水
4H2O+4e- ===4OH-+
含氧酸(如 H2SO4)
水
增大 减小 加水
电解 2H2↑) 水型 阳:4OH--4e
-===2H2O+ O2↑(或2H2O- 4e-===4H++
活泼金属 的含氧酸 盐(如 Na2SO4、
水 增大 不变 加水
高考化学(全国版)大一轮复习配套课件:专题四 第23讲 专题提升(共28张PPT)
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高考总复习 一轮复习导学案 ·化学
专题四 化学反应速率 化学平衡
提升 2 反应条件的控制——合成氨工业
1. 原理
N2+3H2
20~50 MPa 500 ℃、铁触媒
2NH3
该反应的特点:可逆反应;正反应为气体分子数减小的反应;正反应为放热反
应;使用催化剂。
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高考总复习 一轮复习导学案 ·化学
第6页
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9、要学生做的事,教职员躬亲共做;要学生学的知识,教职员躬亲共学;要学生守的规则,教职员躬亲共守。2021/9/62021/9/6Monday, September 06, 2021
高考总复习 一轮复习导学案 ·化学 10、阅读一切好书如同和过去最杰出的人谈话。2021/9/62021/9/62021/9/69/6/2021 8:58:41 AM
①若反应前后气体体积不相等,只要通过可逆反应的化学计量数比换算成同一
半边的物质,其物质的量与原平衡相同,则建立的化学平衡状态是等效的。如:
2SO2(g) + O2(g)
2SO3(g)
A 2mol
1mol
0mol
B 0mol
0mol
2mol
C 0.5mol
0.25mol
1.5mol
上述三种配比,按化学方程式的计量关系均转化为反应物的物质的量,SO2 为
专题四 化学反应速率 化学平衡
(3) 温度:500℃左右。 解释:温度越高,从平衡移动的角度讲越不利于氨气的合成,但考虑到反应的 速率和催化剂的活性,采用 500℃左右的温度。 (4) 催化剂:铁触媒。
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高考总复习 一轮复习导学案 ·化学
高考化学大一轮考点精讲复习课件+讲义 (3)
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
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【提炼】 本题主要考查了氧化还原反应的知识,主要涉及氧化剂、还原剂、氧 化产物和还原产物等概念的判断、氧化还原反应的计算。由于 O2F2 中氧元素的化合 价为+1 价,属于非常见化合价,具有一定陌生度,需要根据具体试题情景和元素非 金属强弱判断。解题方法为概念判断用化合价判断法,化学方程式计算运用电子守恒 法。
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
7
4.常见的氧化剂和还原剂 ①常见氧化剂 常见氧化剂包括某些非金属单质、含有高价态元素的化合物、过氧化物等。如:
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
8
②常见还原剂 常见还原剂包括活泼的金属单质、 非金属离子及低价态化合物、 低价金属阳离子、 非金属单质及其氢化物等。如:
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
25
【解析】 ①②中 Cu 元素的化合价均发生变化,均属于氧化还原反应,故 A 错 误;①中二氧化硫作还原剂,故 B 错误;反应②中 Cu 元素的化合价升高,失去电子 被氧化,则 CuSO4 是氧化产物,故 C 正确;反应①中由 S 元素失去电子被氧化可知 SO2 发生氧化反应,故 D 错误。
重点中学与你有约 · 化学
第2讲
化学反应
18
②同一物质被还原的程度越大,还原产物价态越低,则还原剂的还原性越强。 如 HCl+H2SO4(浓)→不反应、 2HBr+H2SO4(浓)===Br2+SO2↑+2H2O、8HI +H2SO4(浓)===4I2+H2S↑+4H2O,从化学反应方程式看,HCl 不能还原浓硫酸, 而 HBr、HI 却能把浓硫酸中+6 价的硫分别还原成+4 价、-2 价,故还原性:
2018版金版教程高考化学一轮总复习学案课件40
4
故知重温
典题精讲
课时作业
高考一轮总复习 ·化学 (创新版)
(2)共价键的分类
5
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高考一轮总复习 ·化学 (创新版)
(3)键参数——键能、键长、键角 ①概念
6
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典题精讲
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高考一轮总复习 ·化学 (创新版)
②键参数对分子性质的影响 a.键能 越大 ,键长 越短 ,化学键越牢固,分子越 稳定。
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典题精讲课时作业高考轮总复习 ·化学 (创新版)(3)强弱:范德华力 < 氢键 < 化学键。 (4)范德华力:物质分子之间 普遍 存在的相互作用力, 范德华力主要影响物质的熔点、沸点等物理性质。范德华力 越强,物质的熔点、沸点越高。一般来说, 组成和结构 相 似的物质,随着 相对分子质量 的增加,范德华力逐渐 增大 , 分子的极性越大,范德华力也越大。
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课时作业
高考一轮总复习 ·化学 (创新版)
(2)杂化轨道理论 ①杂化轨道概念:在外界条件的影响下,原子内部 能量相近 的原子轨道重新组合的过程叫原子轨道的杂 化,组合后形成的一组新的原子轨道,叫杂化原子轨道,简 称杂化轨道。
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课时作业
高考一轮总复习 ·化学 (创新版)
是手性分子,如
。
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高考一轮总复习 ·化学 (创新版)
(4)无机含氧酸分子的酸性 对于同一种元素的无机含氧酸来说,该元素的化合价 越 高 ,其含氧酸的酸性越 强 。如果把含氧酸的通式写 成(HO)mROn,R 相同时,n 值越 大 ,R 的正电性越强, —R—O—H 中的氧原子的电子就会越向 R 偏移,在水分子的 作用下,就越容易电离出 H+,酸性也就越 强 。如 H2SO3 可写成(HO)2SO,n=1;H2SO4 可写成(HO)2SO2,n=2。所 以 H2SO4 的酸性强于 H2SO3。同理,酸性:HNO3 > HNO2, HClO4 > HClO3 > HClO2 > HClO。
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(4) 元素 C 的含氧酸中,酸性最强的是__H_C__lO__4_(填化学式),该酸根离子的立体 构型为__正__四__面__体____。
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(5) 基态 D 原子的核外电子排布式为[Ar]__3_d_8_4_s_2 _;D 形成的配合物 D(CO)n 的 中心原子价电子数与配体提供电子总数之和为 18,则 n=___4_____;由 D 的铝合金 为原料可制得一种历史悠久、应用广泛的催化剂,其催化的实例如下:
微粒
Cr
Cr3+
Ni
电子排布式 [Ar]3d54s1 [Ar]3d3 [Ar]3d84s2
微粒
Mn
Mn2+
Ti
电子排布式 [Ar]3d54s2 [Ar]3d5 [Ar]3d24s2
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提升 2 晶体类型的判断方法 1. 依据构成晶体的微粒和微粒间的作用判断 (1) 离子晶体的构成微粒是阴、阳离子,微粒间的作用是离子键。 (2) 原子晶体的构成微粒是原子,微粒间的作用是共价键。 (3) 分子晶体的构成微粒是分子,微粒间的作用为分子间作用力。 (4) 金属晶体的构成微粒是金属阳离子和自由电子,微粒间的作用是金属键。
N2H4 NH3 熔点/℃ 2 -77.8 沸点/℃ 113.5 -33.5
15
(4) (2017·广东揭阳二模)GaN、GaP 是人工合成的一系列新型半导体材料,其晶 体结构均与金刚石相似。熔点:GaN ____>____(填“>”或“<”)GaP。
(5) (2017·山西太原二模)试比较氢化物 H2O 与 H2S 的热稳定性,并说明理由: __热__稳__定__性__:__H_2_O__>_H__2_S_,__因__为__O_原__子__半___径__小__于__S_原__子__半__径__,__键__长__短__,__键__能__大______( 用 键参数解释)。
铜矿的过程中,其中一步反应是 2Cu2O+Cu2S=====6Cu+SO2。回答下列问题:
(1) Cu+的价电子轨道表示式为________________; Cu2O 与 Cu2S 比较,晶格能 较大的是_____C_u_2_O________。
(2) 新 制 的 Cu(OH)2 能 够 溶 于 过 量 浓 碱 溶 液 中 , 反 应 的 离 子 方 程 式 为 __C_u_(_O__H_)_2+__2_O__H__-_=_=_=_[_C_u_(_O_H__)_4]_2_-___。
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例题 1 (1) (2017·河南郑州三模)CuSO4 的熔点为 560 ℃,Cu(NO3)2 的熔点为 115 ℃,CuSO4 熔点更高的原因是_C__u_S_O__4_和__C__u_(N__O_3_)_2_均__为__离__子__晶__体__,__S_O_24_-_所__带__电____ _荷__比___N_O__-3_多__,__故__C__u_S_O__4 _晶__格__能__较__大__,__熔__点__较__高___。
18,中心原子是 Ni 原子,其价电子数是 10,每个配体提供的电子数是 2,10+2n=18,
n=4。
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专题八 物质结构与性质(选考) 第40讲 专题提升
1
栏
目
专题网络
导
专题整合
航
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专题网络
3
专题整合
4
提升 1 特殊原子或离子的电子排布式的书写
一些金属元素原子及离子的电子排布式:
微粒
Fe
Fe2+
电子排布式 [Ar]3d64s2 [Ar]3d6
Fe3+ [Ar]3d5
5
微粒
Cu
Cu+
Cu2+
电子排布式 [Ar]3d104s1 [Ar]3d10 [Ar]3d9
8
3. 依据晶体的熔点判断 (1) 离子晶体的熔点较高,常在数百至一千摄氏度以上。 (2) 原子晶体熔点高,常在一千摄氏度至几千摄氏度。 (3) 分子晶体熔点低,常在数百摄氏度以下至很低温度。 (4) 金属晶体多数熔点高,但也有相当低的。
9
4. 依据导电性判断 (1) 离子晶体溶于水形成的溶液及熔融状态时能导电。 (2) 原子晶体一般为非导体。 (3) 分子晶体为非导体,而分子晶体中的电解质(主要是酸和强极性非金属氢化 物)溶于水,使分子内的化学键断裂形成自由移动的离子,也能导电。 (4) 金属晶体是电的良导体。
g·cm-3。
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例题 3 (2017·河南洛阳三模)原子序数依次增大的四种元素 A、B、C、D 分别 处于第 1 至第 4 周期。自然界存在多种 A 的化合物,B 原子核外电子有 6 种不同的 运动状态,B 与 C 可形成正四面体形分子,D 的 M 能层没有空轨道且只有 2 个未成 对电子。请回答下列问题:
(2) (2017·广东惠州三模)已知 CsICl2 不稳定,受热易分解,倾向于生成晶格能更 大的物质,则它按下列____A____(填字母)式发生。
A. CsICl2===CsCl+ICl B. CsICl2===CsI+Cl2
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(3) (2017·湖北黄冈 3 月质检)工业制备铁氧体也可使用沉淀法,制备时常加入 氨(NH3)、联氨(N2H4)等弱碱。比较下表中氨(NH3)、联氨(N2H4)的熔、沸点,解释其 高低的主要原因:_联__氨__分__子__间__形__成__的__氢__键__数__目__多___于__氨__分__子__间__形__成__的__氢__键__数__目___。
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每个 Cu 原子与之最近且距离相等的铁原子有 8 个;晶胞中 Cu 原子数=8×18+4×12
+1=4,Fe 原子数=6×12+4×14=4,S 原子数为 8,则 1 个晶胞的质量为4×N1A84 g,
晶胞体积为(0.524×10-7 cm)2×1.048×10-7cm,ρ=mV=
4×184 6.02×1023×0.524×10-72×1.048×10-7
(3) SO2 中心原子的价层电子对数目为___3_____, SO2 分子构型为__V__形____。
18
(4) 将纯液态 SO3 冷却到 289.8 K 时凝固得到一种螺旋状单链结构的固体,其结 构如下图 1 所示。此固态 SO3 中 S 原子的杂化轨道类型是___sp_3____;该结构中 S—O 键长有两类,一类键长约 140 pm,另一类键长约为 160 pm,较短的键为___a_____(填 图中字母)。
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(5)
CuFeS2 的晶胞如图
2
所示。CuFeS2
的晶胞中与 Cu 原子距离最近且相等的 4×184
Fe 原子有___8_____个;其晶体密度 ρ=_6_._0_2_×__1_0_23_×___0_._5_2_4_×__1_0_-_7 _2_×__1_.0_4_8_× __1_0_- __7 ___
中____Ⅳ____(填序号)所表示的堆积方式相同;图 3 的结构中,设晶胞边长为 a cm,B 原 子直径为 b cm,G 原子直径为 c cm,则该晶胞的空间利用率为__2_π__b3_3a+_3__c3__×__1_0_0_%__ (用
含 a、b、c 的式子表示)。
24
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(3) 请 说 出 E 的 氟 化 物 (EF3) 和 F 的 氢 化 物 (FH3) 能 发 生 反 应 的 原 因 : ___B_F_3_中__B_提__供__空__轨__道__,__N__H_3_中__N_提__供__孤__电__子__对__,__两__者__以___配__位__键__结__合_____,并写出反应 的化学方程式:________N__H_3_+__B_F_3_=_=_=_F__3B__N_H__3 _(用化学式表示)。
g·cm-3 (列出表达式即可)。
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[解析] (1) 晶格能与离子所带电荷和离子半径有关,Cu2O、Cu2S 中离子所带 电荷相同,半径 S2->O2-,故晶格能较大的是 Cu2O。(3) SO2 分子 S 原子的价层电 子对数=2+12×(6-2×2)=3,含有 1 对孤电子对,分子构型为 V 形。(4) 该固态 SO3 中 S 原子形成 4 个 σ 键,为 sp3 杂化;存在 S===O 键和 S—O 键,S===O 键键长较 短,即 a 较短。(5) 图中顶点上的 Cu 与之最近且距离相等的铁原子有 2 个,晶胞中
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[解析] (2) 晶格能与离子半径和所带电荷数相关,Cl-的半径小于 I-,即 CsI 的晶格能小于 CsCl,故选项 A 正确。(4) GaN、GaP 为原子晶体,共价键的键能越 大,熔点越高。N 原子的半径小于 P,共价键键能:GaN >GaP。
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例题 2 (2017·安徽合肥三模)黄铜矿(CuFeS2)是炼铜的最主要矿物。火法冶炼黄 高温
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4×43πb23+4×43π2c3 a3 cm3
cm3×100%=2πb33a+3 c3×100%。(4) ClO4-中氯原子价层电子
对数是 4,且不含孤电子对,所以 Cl 原子的杂化方式为 sp3,离子的立体构型为正四
面体。(5) Ni 形成的配合物 Ni (CO)n 的中心原子价电子数与配体提供电子总数之和为
7
2. 依据物质的分类判断 (1) 金属氧化物(如 K2O 等)、强碱(NaOH、KOH 等)和绝大多数的盐类是离子晶 体。 (2) 大多数非金属单质(除金刚石、晶体硅等)、非金属氢化物、非金属氧化物(除 SiO2 外)、几乎所有的酸、绝大多数有机物(除有机盐外)是分子晶体。 (3) 常见的原子晶体单质有金刚石、晶体硅、晶体硼等,常见的原子晶体化合物 有碳化硅、二氧化硅等。 (4) 金属单质是金属晶体。
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5. 依据硬度和机械性能判断 离子晶体硬度较大且脆。 原子晶体硬度大。 分子晶体硬度小且较脆。 金属晶体多数硬度大,但也有较低的,且具有延展性。 提升 3 物质的熔、沸点高低的比较方法 1. 不同类型晶体的熔、沸点高低,存在一般规律:原子晶体>离子晶体>分子 晶体。金属晶体的熔、沸点差别很大,如钨、铂等熔、沸点很高,汞、铯等熔、沸 点很低。
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(5) 基态 D 原子的核外电子排布式为[Ar]__3_d_8_4_s_2 _;D 形成的配合物 D(CO)n 的 中心原子价电子数与配体提供电子总数之和为 18,则 n=___4_____;由 D 的铝合金 为原料可制得一种历史悠久、应用广泛的催化剂,其催化的实例如下:
微粒
Cr
Cr3+
Ni
电子排布式 [Ar]3d54s1 [Ar]3d3 [Ar]3d84s2
微粒
Mn
Mn2+
Ti
电子排布式 [Ar]3d54s2 [Ar]3d5 [Ar]3d24s2
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提升 2 晶体类型的判断方法 1. 依据构成晶体的微粒和微粒间的作用判断 (1) 离子晶体的构成微粒是阴、阳离子,微粒间的作用是离子键。 (2) 原子晶体的构成微粒是原子,微粒间的作用是共价键。 (3) 分子晶体的构成微粒是分子,微粒间的作用为分子间作用力。 (4) 金属晶体的构成微粒是金属阳离子和自由电子,微粒间的作用是金属键。
N2H4 NH3 熔点/℃ 2 -77.8 沸点/℃ 113.5 -33.5
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(4) (2017·广东揭阳二模)GaN、GaP 是人工合成的一系列新型半导体材料,其晶 体结构均与金刚石相似。熔点:GaN ____>____(填“>”或“<”)GaP。
(5) (2017·山西太原二模)试比较氢化物 H2O 与 H2S 的热稳定性,并说明理由: __热__稳__定__性__:__H_2_O__>_H__2_S_,__因__为__O_原__子__半___径__小__于__S_原__子__半__径__,__键__长__短__,__键__能__大______( 用 键参数解释)。
铜矿的过程中,其中一步反应是 2Cu2O+Cu2S=====6Cu+SO2。回答下列问题:
(1) Cu+的价电子轨道表示式为________________; Cu2O 与 Cu2S 比较,晶格能 较大的是_____C_u_2_O________。
(2) 新 制 的 Cu(OH)2 能 够 溶 于 过 量 浓 碱 溶 液 中 , 反 应 的 离 子 方 程 式 为 __C_u_(_O__H_)_2+__2_O__H__-_=_=_=_[_C_u_(_O_H__)_4]_2_-___。
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例题 1 (1) (2017·河南郑州三模)CuSO4 的熔点为 560 ℃,Cu(NO3)2 的熔点为 115 ℃,CuSO4 熔点更高的原因是_C__u_S_O__4_和__C__u_(N__O_3_)_2_均__为__离__子__晶__体__,__S_O_24_-_所__带__电____ _荷__比___N_O__-3_多__,__故__C__u_S_O__4 _晶__格__能__较__大__,__熔__点__较__高___。
18,中心原子是 Ni 原子,其价电子数是 10,每个配体提供的电子数是 2,10+2n=18,
n=4。
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提升 1 特殊原子或离子的电子排布式的书写
一些金属元素原子及离子的电子排布式:
微粒
Fe
Fe2+
电子排布式 [Ar]3d64s2 [Ar]3d6
Fe3+ [Ar]3d5
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微粒
Cu
Cu+
Cu2+
电子排布式 [Ar]3d104s1 [Ar]3d10 [Ar]3d9
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3. 依据晶体的熔点判断 (1) 离子晶体的熔点较高,常在数百至一千摄氏度以上。 (2) 原子晶体熔点高,常在一千摄氏度至几千摄氏度。 (3) 分子晶体熔点低,常在数百摄氏度以下至很低温度。 (4) 金属晶体多数熔点高,但也有相当低的。
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4. 依据导电性判断 (1) 离子晶体溶于水形成的溶液及熔融状态时能导电。 (2) 原子晶体一般为非导体。 (3) 分子晶体为非导体,而分子晶体中的电解质(主要是酸和强极性非金属氢化 物)溶于水,使分子内的化学键断裂形成自由移动的离子,也能导电。 (4) 金属晶体是电的良导体。
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例题 3 (2017·河南洛阳三模)原子序数依次增大的四种元素 A、B、C、D 分别 处于第 1 至第 4 周期。自然界存在多种 A 的化合物,B 原子核外电子有 6 种不同的 运动状态,B 与 C 可形成正四面体形分子,D 的 M 能层没有空轨道且只有 2 个未成 对电子。请回答下列问题:
(2) (2017·广东惠州三模)已知 CsICl2 不稳定,受热易分解,倾向于生成晶格能更 大的物质,则它按下列____A____(填字母)式发生。
A. CsICl2===CsCl+ICl B. CsICl2===CsI+Cl2
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(3) (2017·湖北黄冈 3 月质检)工业制备铁氧体也可使用沉淀法,制备时常加入 氨(NH3)、联氨(N2H4)等弱碱。比较下表中氨(NH3)、联氨(N2H4)的熔、沸点,解释其 高低的主要原因:_联__氨__分__子__间__形__成__的__氢__键__数__目__多___于__氨__分__子__间__形__成__的__氢__键__数__目___。
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每个 Cu 原子与之最近且距离相等的铁原子有 8 个;晶胞中 Cu 原子数=8×18+4×12
+1=4,Fe 原子数=6×12+4×14=4,S 原子数为 8,则 1 个晶胞的质量为4×N1A84 g,
晶胞体积为(0.524×10-7 cm)2×1.048×10-7cm,ρ=mV=
4×184 6.02×1023×0.524×10-72×1.048×10-7
(3) SO2 中心原子的价层电子对数目为___3_____, SO2 分子构型为__V__形____。
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(4) 将纯液态 SO3 冷却到 289.8 K 时凝固得到一种螺旋状单链结构的固体,其结 构如下图 1 所示。此固态 SO3 中 S 原子的杂化轨道类型是___sp_3____;该结构中 S—O 键长有两类,一类键长约 140 pm,另一类键长约为 160 pm,较短的键为___a_____(填 图中字母)。
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(5)
CuFeS2 的晶胞如图
2
所示。CuFeS2
的晶胞中与 Cu 原子距离最近且相等的 4×184
Fe 原子有___8_____个;其晶体密度 ρ=_6_._0_2_×__1_0_23_×___0_._5_2_4_×__1_0_-_7 _2_×__1_.0_4_8_× __1_0_- __7 ___
中____Ⅳ____(填序号)所表示的堆积方式相同;图 3 的结构中,设晶胞边长为 a cm,B 原 子直径为 b cm,G 原子直径为 c cm,则该晶胞的空间利用率为__2_π__b3_3a+_3__c3__×__1_0_0_%__ (用
含 a、b、c 的式子表示)。
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(3) 请 说 出 E 的 氟 化 物 (EF3) 和 F 的 氢 化 物 (FH3) 能 发 生 反 应 的 原 因 : ___B_F_3_中__B_提__供__空__轨__道__,__N__H_3_中__N_提__供__孤__电__子__对__,__两__者__以___配__位__键__结__合_____,并写出反应 的化学方程式:________N__H_3_+__B_F_3_=_=_=_F__3B__N_H__3 _(用化学式表示)。
g·cm-3 (列出表达式即可)。
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[解析] (1) 晶格能与离子所带电荷和离子半径有关,Cu2O、Cu2S 中离子所带 电荷相同,半径 S2->O2-,故晶格能较大的是 Cu2O。(3) SO2 分子 S 原子的价层电 子对数=2+12×(6-2×2)=3,含有 1 对孤电子对,分子构型为 V 形。(4) 该固态 SO3 中 S 原子形成 4 个 σ 键,为 sp3 杂化;存在 S===O 键和 S—O 键,S===O 键键长较 短,即 a 较短。(5) 图中顶点上的 Cu 与之最近且距离相等的铁原子有 2 个,晶胞中
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[解析] (2) 晶格能与离子半径和所带电荷数相关,Cl-的半径小于 I-,即 CsI 的晶格能小于 CsCl,故选项 A 正确。(4) GaN、GaP 为原子晶体,共价键的键能越 大,熔点越高。N 原子的半径小于 P,共价键键能:GaN >GaP。
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例题 2 (2017·安徽合肥三模)黄铜矿(CuFeS2)是炼铜的最主要矿物。火法冶炼黄 高温
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4×43πb23+4×43π2c3 a3 cm3
cm3×100%=2πb33a+3 c3×100%。(4) ClO4-中氯原子价层电子
对数是 4,且不含孤电子对,所以 Cl 原子的杂化方式为 sp3,离子的立体构型为正四
面体。(5) Ni 形成的配合物 Ni (CO)n 的中心原子价电子数与配体提供电子总数之和为
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2. 依据物质的分类判断 (1) 金属氧化物(如 K2O 等)、强碱(NaOH、KOH 等)和绝大多数的盐类是离子晶 体。 (2) 大多数非金属单质(除金刚石、晶体硅等)、非金属氢化物、非金属氧化物(除 SiO2 外)、几乎所有的酸、绝大多数有机物(除有机盐外)是分子晶体。 (3) 常见的原子晶体单质有金刚石、晶体硅、晶体硼等,常见的原子晶体化合物 有碳化硅、二氧化硅等。 (4) 金属单质是金属晶体。
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5. 依据硬度和机械性能判断 离子晶体硬度较大且脆。 原子晶体硬度大。 分子晶体硬度小且较脆。 金属晶体多数硬度大,但也有较低的,且具有延展性。 提升 3 物质的熔、沸点高低的比较方法 1. 不同类型晶体的熔、沸点高低,存在一般规律:原子晶体>离子晶体>分子 晶体。金属晶体的熔、沸点差别很大,如钨、铂等熔、沸点很高,汞、铯等熔、沸 点很低。