组合数学复习

合集下载

组合 数学 复习-1

组合 数学 复习-1

排列组合1. 相异元素不允许重复的排列数为?2. 相异元素允许重复的排列?3. 不尽相异元素的全排列?当r=n 时,首先视为n 个不同元素的全排列,共有n!种。

但对每个排列实际重复统计了n1!, n2!...nt!次。

原因是当元素不同时,同类元素相互交换位置,对应不同的排列,而当同类元素相同时,同类元素互相交换位置,该排列不变。

4. 相异元素不允许重复的圆排列和项链排列的方案数?圆排列:从n 个元素中不重复的取r 个围成的圆排列(,)p n r r项链排列:对于圆排列,将所穿的环翻过来,是另一种圆排列,但对于项链排列是同一种,故除以2 。

(,)2p n r r5. 相异元素不允许重复组合数6. 相异元素允许重复的组合问题7. 多项式系数的求法?定理1: 设n 与t 均为正整数,则有 121121212(...).......t t i i n n n nt t t n n n x x x x x x n n n ==⎛⎫++= ⎪⎝⎭∑∑(2)其中求和是在使1t ii n n ==∑的所有非负整数列上进行的。

8. 不同的5个字母通过通信线路被传送,每两个相邻字母之间至少插入3个空格,但要求空格总数必须等于15,共有多少种不同的传送方式。

解 5个字母的全排列为5!先将12个空格均匀的放入4个间隔内,再将剩余的3个空格插入4个不同的间隔内,方案数为从4个相异元素中可重复的选3个元素: (,3)(431,3)20RC C ∞=+-= 按照乘法法则: 总的传输方式有5!.20种9. 一位学者要在一周内安排50个小时的工作时间,而且每天至少工作5小时,问共有多少种安排方案?解: (1)是重复组合问题。

(相异元素允许重复的组合)。

每周按7天计算,先拿出5*7=35小时平均分配到每一天,只有一种安排方案,其次将其余的50-35=15小时安排到7天之中,每天的小时数不受限制,则有:C(n+r-1,r)=C( 7+15-1,15)中安排方案。

组合数学复习题

组合数学复习题

例1 染色问题: 设A 、B 、C 、D 为正方形的四个顶点(如图1.1)所示. 用r(红),b(蓝),g(绿)三种颜色对它们染色,问有多少种染色方式及其方案数?设P 是染色对象的集合,R 是颜色的集合,一种染色方式就是对P 中每一对象安排一种色. 所谓方案数是指某种染色方式的方案个数.分析方法:因为每个顶点都有三种染色方案:或是红色,或是蓝色,或是绿色. 共有四个顶点,所以染色方案总数为34=81.各种染色方式及其方案数为:(r+b+g)4=r4+b4+g4+6r2b2+6r2g2+6b2g2+4r3b+4r3g+4rb3+4b3g+4rg3+4bg3+12r2bg+12rb2g+12rbg2 展开式各项系数之和为81,刚好等于染色方案总数. 该展开式共有15项,说明有15种染色方式,每一项中的字母部分就是具体的染色方式,其前面的系数是属于这种染色方式的方案数.例2 求在1000到9000之间各位数字都不相同,而且由奇数构成的整数个数?例1.3 从1000到9999的整数中, 问(1)含有5的数有多少个? (2)含有多少个百位和十位数均为奇数的偶数? (3)各位数都不相同的奇数有多少个?解 设有数字集合{0,1,2,3,4,5,6,7,8,9}.(1) 先求不含5的整数的个数. 这时候个位数字,十位数字和百位数字各有9种选择, 而千位数字只有8种选择, 所以不含5的整数的个数=8*9*9*9=5832, 从1000到9999共有9000个整数, 所以含有5的的整数=9000-5832=3168.(2) 当个位数字为0,2,4,6,8的时候对应的该整数为偶数, 因此个位数有5种选择, 十位数字和百位数字各有5种选择,而千位数字有9种选择, 故含有个百位和十位数均为奇数的偶数=9*5*5*5=1125.(3) (3)当个位数字为1,3,5,7,9的时候对应数字为奇数. 如果要求各位数都不相同, 则个位数有5种选择, 当个位数选定之后, 千位数只有8种选择, 而当千位数选择之后, 百位数可以有8种选择, 以上三位数都选定之后,剩下的十位数就只有7种选择了. 所以, 从1000到9999的整数中, 各位数字都不相同的奇数=8*8*7*5 =2240.设有排列(p) =26385741, 按照字典式排序, 它的下一个排列是谁?26385741->26387541->26387145例2.3 设有排列(p) =2763541, 按照字典式排序, 它的下一个排列是谁?(q) =2764135.(1) 2763541 [找最后一个正序35](2) 2763541 [找3后面比3大的最后一个数](3) 2764531 [交换3,4的位置](4) 2764135 [把4后面的531反序排列为135即得到最后的排列(q)]母函数若有1克的砝码3枚, 2克的4枚, 4克的2枚.问能称出哪些重量?各有几种方案?.22334455554433221)1)(1()1()(191817161514131211109876543284864232x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x x G +++++++++++++++++++=+++++++++=已经母函数256-19x -3x x -,求对应的序列{n a } )71)(81()87()(7181)71)(81(93)(x x x B A B A x B x A x x x x G +--++=++-=+--= A+B=3,7A-8B=-9, A=1, B=2xx x G 712811)(++-= n n n a )7(28-+=丢掷四颗骰子,求出现的点数和为15的丢掷结果的种数。

高考数学复习组合

高考数学复习组合

10.3 组合●知识梳理 1.组合的概念:从n 个不同元素中任取m 个元素并成一组,叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的一个组合,组合的个数叫组合数,用C m n 表示.2.组合数公式C m n =!)!(!m m n n -.3.组合数的两个性质:(1)C m n =C m n n-;(2)C m n 1+=C m n +C 1-m n . ●点击双基1.从4台甲型电脑和5台乙型电脑中任取3台,其中两种电脑都要取,则不同的取法种数是A.140B.84C.70D.35解析:取3台分两类:①2台甲型1台乙型,有C 24·C 15种; ②1台甲型2台乙型,有C 14·C 25种. ∴C 24·C 15+C 14·C 25=30+40=70(种).答案:C特别提示先从甲型、乙型中各抽1台,有C 14·C 15种,再从余下的中选1台,有C 17种, 故有C 14·C 15·C 17=140(种).解法不正确.2.(2004年北京,理17)从长度分别为1、2、3、4、5的五条线段中,任取三条的不同取法共有n 种.在这些取法中,以取出的三条线段为边可组成的钝角三角形的个数为m ,则nm等于 A.101B.51C.103D.52 解析:n =C 35=10,由余弦定理知可组成钝角三角形的有“2、3、4”和“2、4、5”,故m =2.∴n m =102=51. 答案:B3.已知{1,2}⊆X ⊆{1,2,3,4,5},满足这个关系式的集合X 共有_____________个. A.2B.6C.4D.8解析:由题意知集合X中的元素1,2必取,另外可从3,4,5中可以不取,取1个,取2个,取3个,故有C03+C13+C23+C33=8(个).答案:D4.将一个四棱锥的每个顶点染上一种颜色,并使同一条棱的两端异色.若只有五种颜色可供使用,则不同的染色方法种数为_____________.解析:设四棱锥为P—ABCD.(1)P:C15,A:C14,B:C13,C与B同色:1,D:C13.(2)P:C15,A:C14,B:C13,C与B不同色C12,D:C12.共有C15·C14·C13·1·C13+C15·C14·C13·C12·C12=420.答案:4205.某校准备参加2004年全国高中数学联赛,把10个名额分配给高三年级8个班,每班至少1人,不同的分配方案有_____________种.解析:把10个名额分成8份,每份至少一个名额即可,用隔板法:C79=C29=36.答案:36●典例剖析【例1】某外语组有9人,每人至少会英语和日语中的一门,其中7人会英语,3人会日语,从中选取会英语和日语的各一人,有多少种不同的选法?解:由题意可知,只会英语的有6人,只会日语的有2人,英语和日语都会的有1人.以只会英语的人数分类,C06·C11·C12+C16·C23=20.【例2】设集合A={1,2,3,…,10},(1)设A的3个元素的子集的个数为n,求n的值;(2)设A的3个元素的子集中,3个元素的和分别为a1,a2,…,a n,求a1+a2+a3+…+a n的值.解:(1)A的3元素子集的个数为n=C310=120.(2)在A的3元素子集中,含数k(1≤k≤10)的集合个数有C29个,因此a1+a2+…+a n=C29×(1+2+3+…+10)=1980.评述:在求从n个数中取出m(m≤n)个数的所有组合中各组合中数字的和时,一般先求出含每个数字的组合的个数,含每个数字的个数一般都相等,故每个数字之和与个数之积便是所求结果.【例3】从1,2,…,30这30个自然数中,每次取不同的三个数,使这三个数的和是3的倍数的取法有多少种?解:令A={1,4,7,10,...,28},B={2,5,8,11,...29},C={3,6,9, (30)组成三类数集,有以下四类符合题意:①A,B,C中各取一个数,有C110C110C110种;②仅在A中取3个数,有C310种;③仅在B中取3个数,有C310种;④仅在C中取3个数,有C 310种.故由加法原理得共有C 110·C 110·C 110+3C 310=1360种.评述:按元素的性质分类是处理带限制条件的组合问题的常用方法,对于某几个数的和能被某数整除一类的问题,通常是将整数分类,凡余数相同者归同一类.思考讨论讨论下面的问题: 用0,1,2,3,4,5这六个数字可以组成没有重复数字的能被25整除的四位数多少个? 提示:能被25整除的数的后两位是25或50,后两位是50的数有A 24个,后两位是25的数有3×3=9个,所以能被25整除的四位数的个数为A 24+9=21.【例4】 如图,从一个3×4的方格中的一个顶点A 到对顶顶点B 的最短路线有几条?AB解:从A 到B 的最短路线,均需走7步,包括横向的4步和纵向的3步,于是我们只要确定第1,2,…,7步哪些是横向的,哪些是纵向的就可以了,实际只要确定哪几步是横向走.所以每一条从A 到B 的最短路线对应着从第1,2,…,7步取出4步(横向走)的一个组合,因此从A 到B 的最短路线共有C 47=C 37=35条.深化拓展1.某城市由n 条东西方向的街道和m 条南北方向的街道组成一个矩形街道网,如下图所示.要从A 处走到B 处,使所走的路程最短,有多少种不同的走法?B解:将相邻两个交点之间的街道称为一段,那么从A 到B 需要走(n +m -2)段,而这些段中,必须有东西方向的(n -1)段,其余的为南北方向的(m -1)段,所以共有C 12--+m n m =C 12--+n n m 种走法.2.从一楼到二楼楼梯一共10级,上楼可以一步上一级,也可以一步上两级,规定用8步走完楼梯的方法种数是_____________.解:设一步一级x 步,一步两级y 步,则⎩⎨⎧==⇒⎩⎨⎧=+=+.2,61028y x y x y x 故走完楼梯的方法有C 28=28种.●闯关训练 夯实基础1.从6双不同颜色的手套中任取4只,其中恰好有一双同色的取法有 A.240种 B.180种 C.120种 D.60种解析:先从6双手套中任选一双,有C 16种取法,再从其余手套中任选2只,有C 210种,其中选一双同色手套的选法为C 15种.故总的选法数为C 16(C 210-C 15)=240种.答案:A2.从4名男生和3名女生中选出4人参加某个座谈会,若这4人中必须既有男生又有女生,则不同的选法共有A.140种B.120种C.35种D.34种解析:7人中任选4人,共C 47种选法,扣除只有男生的选法C 44,就可得有既有男生,又有女生的选法C 47-C 44=34.答案:D3.将标号为1,2,…,10的10个球放入标号为1,2,…,10的10个盒子内,每个盒内放一个球,则恰好有3个球的标号与其所在盒子的标号不一致的放入方法共有_____________种.(以数字作答)解析:从10个盒中挑3个与球标号不一致,共C 310种挑法,每一种3个盒子与球标号全不一致的方法为2种,∴共有2C 310=240种.答案:2404.某年级有6个班,派3个数学老师任教,每位教师教两个班,不同的任课方法种数有_______种.解析:把6个班均匀分为3份,有33222426A C C C 种分法,再把这三份分给3位教师,所以不同的任课方法有33222426A C C C A 33=C 26C 24C 22种.答案:905.某运输公司有7个车队,每个车队的车都多于4辆且型号相同,要从这7个车队中抽出10辆车组成一运输车队,每个队至少抽1辆车,则不同的抽法有多少种?解:由于每队至少抽1辆,故问题转化为从7个车队中抽3辆车,分类讨论.①3辆车都从1个队抽,有C 17种;②3辆车从2个队抽,有A 27种;③3辆车从3个队抽,有C 37种.综上所述,共有C 17+A 27+C 37=84种.6.袋中有10个球,其中4个红球,6个白球,若取到1个红球记2分,取到1个白球记1分,那么从这10个球中取出4个,使总分不低于5分的取法有多少种?解法一:取出4个球不低于5分只能是4红或3红1白或2红2白或1红3白.故有C 44+C 34C 16+C 24C 26+C 14C 36=195种.解法二:取出4个球总分低于5分只能是4个白球,故有C410-C46=195种.培养能力7.(理)有11名外语翻译人员,其中5名英语翻译员,4名日语翻译员,另两名英、日语都精通,从中找出8人,使他们组成两个翻译小组,其中4人翻译英文,另4人翻译日文,这两个小组能同时工作,问这样的分配名单共可开出几张?分析:既精通英语,又精通日语的“多面手”是特殊元素,所以可以从他们的参与情况入手进行分类讨论.解:按“多面手”的参与情况分成三类.第一类:多面手不参加,这时有C45C44种;第二类:多面手中有一人入选,这时又有该人参加英文或日文翻译两种可能,因此有C12C35C44+C45C12C34种;第三类:多面手中两个均入选,这时又分三种情况:两个都译英文、两个都译日文、两人各译一个语种,因此有C22C25C44+C45C22C24+C12C35C11C34种.综上分析,共可开出C45C44+C12C35C44+C45C12C34+C22C25C44+C45C22C24+C12C35C11C34=185种.评述:首先注意分类方法,体会分类方法在解组合问题中的作用.本题也可以先安排翻译英文人员,后安排翻译日文人员进行分类求解,共有C45C46+C35C12C45+C25C22C44=185种.(文)某市工商局对35种商品进行抽样检查,鉴定结果有15种假货,现从35种商品中选取3种.(1)其中某一种假货必须在内,不同的取法有多少种?(2)其中某一种假货不能在内,不同的取法有多少种?(3)恰有2种假货在内,不同的取法有多少种?(4)至少有2种假货在内,不同的取法有多少种?(5)至多有2种假货在内,不同的取法有多少种?解:(1)C234=561.(2)C334=5984.(3)C215·C120=2100.(4)C215·C120+C315=2555.(5)C320+C220C115+C120C215=6090.探究创新8.有点难度哟!从1到100这100个正整数中,每次取出2个数使它们的和大于100,共有多少种取法?解:(1)若取出的2个数都大于50,则有C250种.(2)若取出的2个数有一个小于或等于50,当取1时,另1个只能取100,有C11种取法;当取2时,另1个只能取100或99,有C12种取法;……当取50时,另1个数只能取100,99,98,…,51中的一个,有C150种取法,所以共有1+2+3+ (50)25150⨯.故取法种数为C250+25150⨯=24950⨯+25150⨯=2500.●思悟小结1.组合数公式有连乘和阶乘形式,阶乘形式一般用于证明和计算,组合数的性质常用于证明等式及合并组合数简化计算.2.解受条件限制的组合题,通常有直接法(合理分类)和间接法(排除法).3.解组合应用题时,应注意至少、至多、最多、恰好等词的含义.4.各种与元素的位置、顺序无关的组合问题,常见的有选派问题、抽样问题、图形问题、集合问题、分组问题,解答组合问题的关键是用好组合的定义和两个基本原理,只选不排,合理分类、分步.●教师下载中心教学点睛1.要搞清组合与排列的区别与联系:组合与顺序无关,排列与顺序有关;排列可以分成先选取(组合)后排列两个步骤进行.2.熟练掌握组合数公式的两种形式.拓展题例【例题】某篮球队共7名老队员,5名新队员,根据下列情况分别求出有多少种不同的出场阵容.(1)某老队员必须上场,某2新队员不能出场;(2)有6名打前锋位,4名打后卫位,甲、乙两名既能打前锋又能打后卫位.解:(1)C49=126种.(2)以2名既擅长前锋位又能打后卫位的队员是否上场,且上场后是前锋还是后卫作分类标准:①甲、乙都不上场有C36C24=120种;②甲、乙有一名上场,作前锋位有C12(C26C24)种,作后卫位有C12(C36C14)种,共C12(C26C24)+C12(C36C14)=340种;③甲、乙都上场,有C16C24+C36C04+C12(C26C14)=176种.据分类计数原理,共有120+340+176=636种.。

组合排列知识点总结图

组合排列知识点总结图

组合排列知识点总结图组合和排列是组合数学中的两个基本概念,它们在数学和实际生活中都有着重要的应用。

本文将对组合和排列的基本概念、性质、计算方法和应用进行详细总结。

一、组合的基本概念1.1 定义组合是指从n个元素中任取m个元素的一个过程,即从n个元素中选出m个元素的不同子集的个数,记作C(n,m)。

1.2 性质(1)组合数的对称性: C(n,m)=C(n,n-m);(2)组合数的递推关系: C(n,m)=C(n-1,m)+C(n-1,m-1);(3)组合数的定理: C(n,m)=n!/(m!(n-m)!)。

1.3 计算方法(1)排列组合法: 通过从n个元素中选择m个元素,再对选出的元素进行排列,计算出不同子集的个数;(2)递推法: 利用组合数的递推关系计算组合数;(3)公式法: 利用组合数的定理计算组合数。

1.4 应用组合数在概率、统计、密码学、组合优化等领域有着广泛的应用,例如在概率中用于计算事件的发生可能性,在密码学中用于设计密码系统等。

二、排列的基本概念2.1 定义排列是指从n个元素中按照一定的顺序取出m个元素的一个过程,即从n个元素中选出m个元素的不同排列的个数,记作A(n,m)。

2.2 性质(1)排列数的递推关系: A(n,m)=n*A(n-1,m-1);(2)排列数的定理: A(n,m)=n!/(n-m)!。

2.3 计算方法(1)递推法: 利用排列数的递推关系计算排列数;(2)公式法: 利用排列数的定理计算排列数;(3)循环法: 利用循环的方法计算排列数。

2.4 应用排列数在数学、经济学、计算机科学等领域有着广泛的应用,例如在计算机科学中用于设计算法和数据结构,在经济学中用于研究排列相关的问题等。

三、组合排列的应用3.1 组合排列的求解(1)组合排列的具体问题求解:如从10个不同的元素中取3个元素,求排列数和组合数等;(2)组合排列的问题求解方法: 利用组合数和排列数的定义、性质和计算方法进行具体问题的求解。

图论与组合数学期末复习试题含答案

图论与组合数学期末复习试题含答案

图论与组合数学期末复习试题含答案组合数学部分第1章排列与组合例1:1)、求⼩于10000的含1的正整数的个数;2、)求⼩于10000的含0的正整数的个数;解:1)、⼩于10000的不含1的正整数可看做4位数,但0000除外.故有9×9×9×9-1=6560个.含1的有:9999-6560=3439个2)、“含0”和“含1”不可直接套⽤。

0019含1但不含0。

在组合的习题中有许多类似的隐含的规定,要特别留神。

不含0的1位数有19个,2位数有29个,3位数有39个,4位数有49个不含0⼩于10000的正整数有()()73801919999954321=--=+++个含0⼩于10000的正整数9999-7380=2619个。

例2:从[1,300]中取3个不同的数,使这3个数的和能被3整除,有多少种⽅案?解:将[1,300]分成3类:A={i|i ≡1(mod 3)}={1,4,7,…,298},B={i|i ≡2(mod 3)}={2,5,8,…,299},C={i|i ≡0(mod 3)}={3,6,9,…,300}.要满⾜条件,有四种解法:1)、3个数同属于A;2)、3个数同属于B ;3)、3个数同属于C;4)、A,B,C 各取⼀数;故共有3C(100,3)+1003=485100+1000000=1485100。

例3:(Cayley 定理:过n 个有标志顶点的数的数⽬等于2-n n )1)、写出右图所对应的序列;2)、写出序列22314所对应的序列;解:1)、按照叶⼦节点从⼩到⼤的顺序依次去掉节点(包含与此叶⼦节点相连接的线),⽽与这个去掉的叶⼦节点相邻的另外⼀个内点值则记⼊序列。

如上图所⽰,先去掉最⼩的叶⼦节点②,与其相邻的内点为⑤,然后去掉叶⼦节点③,与其相邻的内点为①,直到只剩下两个节点相邻为⽌,则最终序列为51155.。

2)、⾸先依据给定序列写出(序列长度+2)个递增序列,即1234567,再将给出序列按从⼩到⼤顺序依次排列并插⼊递增序列得到:112223344567。

排列与组合+讲义-2024届高三数学一轮复习

排列与组合+讲义-2024届高三数学一轮复习

排列与组合一、学习目标理解排列、组合的概念,能利用计数原理推导排列数公式、组合数公式.二、知识梳理1.排列与组合的概念(1)排列:从n 个不同元素中取出m (m ≤n ) 个元素,按照 排成一列.(2)组合:从n 个不同元素中取出m (m ≤n ) 个元素作为一组.2.排列数、组合数的定义、公式、性质(1)排列数(i ) 从n 个不同元素中取出m (m ≤n ) 个元素的所有 的个数.(ii)A n m =n (n −1)(n −2)…(n −m +1)= .(iii)A n n =n ! ,0!=1 .(2)组合数(i ) 从n 个不同元素中取出m (m ≤n ) 个元素的所有 的个数.(ii)C n m =A nm A m m =n (n−1)(n−2)…(n−m+1)m != .(iii)C n m =C n n−m ,C n m +C n m−1=C n+1m ,C n n =1 ,C n 0=1 .三、典例探究例1 已知7位同学站成一排.(1)甲站在中间的位置,共有多少种不同的排法?(2)甲、乙只能站在两端的排法共有多少种?(3)甲、乙两同学必须相邻的排法共有多少种?(4)甲、乙两同学不能相邻的排法共有多少种?变式:3男3女共6位同学站成一排,则3位女生中有且只有2位女生相邻的不同排法种数是( )A. 576B. 432C. 388D. 216例2小明在学校里学习了二十四节气歌后,打算在网上搜集一些与二十四节气有关的古诗,他准备在冬季的6个节气:立冬、小雪、大雪、冬至、小寒、大寒与春季的6个节气:立春、雨水、惊蛰、春分、清明、谷雨中一共选出4个节气,搜集与之相关的古诗,如果冬季节气和春季节气各至少被选出1个,那么小明选取节气的不同情况的种数是( ) A. 345 B. 465 C. 1 620 D. 1 860变式:共有10级台阶,某人一步可跨一级台阶,也可跨两级台阶或三级台阶,则他恰好6步上完全部台阶的方法种数是( )A. 30B. 90C. 75D. 60方法感悟1.解排列、组合问题要遵循的两个原则(1)按元素(位置)的性质进行分类.(2)按事情发生的过程进行分步.2.两类含有附加条件的组合问题的解题方法(1)“含”或“不含”某些元素的组合题型:若“含”,则先将这些元素取出,再由另外元素补足;若“不含”,则先将这些元素剔除,再从剩下的元素中选取.(2)“至少”或“至多”含有几个元素的组合题型:“至少”与“至多”问题用直接法或间接法都可以求解,用直接法分类复杂时,可用间接法求解.四、课堂练习1.从4本不同的课外读物中,买3本送给3名同学,每人各1本,则不同的送法种数是()A.12B.24C.64D.812.6名学生排成两排,每排3人,则不同的排法种数为()A.36B.120C.720D.2403.现有3名学生报名参加校园文化活动的3个项目,每人须报1项且只报1项,则恰有2名学生报同一项目的报名方法有( )A. 36种B. 18种C. 9种D. 6种4.某市从6名优秀教师中选派3名同时去3个灾区支教(每地1人),其中甲和乙不同去,则不同的选派方案的种数为()A.48B.60C.96D.1685. 从4本不同的课外读物中,选3本送给3位同学,每人1本,则不同的送法种数是( )A. 12B. 24C. 64D. 816. 6名同学到甲、乙、丙三个场馆做志愿者,每名同学只去1个场馆,甲场馆安排1名,乙场馆安排2名,丙场馆安排3名,则不同的安排方法共有( )A. 120种B. 90种C. 60种D. 30种。

高中数学《组合与组合数》复习小结与训练

高中数学《组合与组合数》复习小结与训练

§6.2.1组合与组合数(第1课时组合及组合数的定义)【学习目标】1.理解组合的定义,正确认识组合与排列的区别与联系.2.会用组合知识解决一些简单的组合问题.【知识梳理】知识点一组合及组合数的定义1.组合一般地,从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素作为一组,叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个组合.2.组合数从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素的所有不同组合的个数,叫做从n个不同元素中取出m个元素的组合数,用符号C mn表示.知识点二排列与组合的关系【判断正误】1.从a1,a2,a3三个不同元素中任取两个元素作为一组是组合问题.( √)2.“abc”“acb”与“bac”是三种不同的组合.( ×)3.组合数C35=A35A33.( √)4.两个组合相同,则其对应的元素一定相同.( √)【题型探究】一、组合概念的理解例1 判断下列问题是组合问题还是排列问题:(1)a,b,c,d四支足球队之间进行单循环比赛,共需比赛多少场?(2)a,b,c,d四支足球队争夺冠、亚军,有多少种不同的结果?(3)从全班40人中选出3人分别担任班长、副班长、学习委员三个职务,有多少种不同的选法?(4)从全班40人中选出3人参加某项活动,有多少种不同的选法?解(1)单循环比赛要求两支球队之间只打一场比赛,没有顺序,是组合问题.(2)冠、亚军是有顺序的,是排列问题.(3)3人分别担任三个不同职务,有顺序,是排列问题.(4)3人参加某项活动,没有顺序,是组合问题.反思感悟排列、组合辨析切入点(1)组合的特点是只选不排,即组合只是从n个不同的元素中取出m(m≤n)个不同的元素即可.(2)只要两个组合中的元素完全相同,不管顺序如何,这两个组合就是相同的组合.(3)判断组合与排列的依据是看是否与顺序有关,与顺序有关的是排列问题,与顺序无关的是组合问题.跟踪训练1 判断下列问题是组合问题还是排列问题:(1)某铁路线上有4个车站,则这条铁路线上共需准备多少种车票?(2)把5本不同的书分给5个学生,每人一本;(3)从7本不同的书中取出5本给某个学生.解(1)因为一种火车票与起点、终点顺序有关,如甲→乙和乙→甲的车票是不同的,所以它是排列问题.(2)由于书不同,每人每次拿到的书也不同,有顺序之分,因此它是排列问题.(3)从7本不同的书中,取出5本给某个学生,在每种取法中取出的5本并不考虑书的顺序,故它是组合问题.二、组合的个数问题例2 在A,B,C,D四位候选人中.(1)如果选举正、副班长各一人,共有几种选法?写出所有可能的选举结果;(2)如果选举两人负责班级工作,共有几种选法?写出所有可能的选举结果;(3)类比上述两个结果间的等量关系,你能找出排列数A mn 与组合数C mn间的等量关系吗?解(1)从四位候选人中选举正、副班长各一人是排列问题,有A24=12(种)选法,所有可能的选举结果:AB,AC,AD,BC,BD,CD,BA,CA,DA,CB,DB,DC.(2)从四位候选人中选举两人负责班级工作是组合问题,有C24=6(种)选法,所有可能的选举结果:AB,AC,AD,BC,BD,CD.(3)由(1)(2)我们发现,(2)中每一个组合都对应A22个排列,即A24=C24A22.类比可知,从n个不同元素选出m个元素的排列数A mn 与组合数C mn间的等量关系为A mn=C m n A m m .反思感悟组合个数的求解策略(1)枚举法:书写时常以首字母为切入点,相同元素的不必重复列举,如本例中,先枚举以字母A开头的组合,再枚举以字母B开头的组合,直到全部枚举完毕.(2)公式法:利用排列数A mn 与组合数C mn之间的关系C mn=A mnA mm求解.跟踪训练2 从5个不同元素a,b,c,d,e中取出2个,共有多少种不同的组合?请写出所有组合.解先将元素按照一定顺序排好,然后按顺序用图示的方法将各个组合逐个写出来,如图所示:由此可得所有的组合:ab,ac,ad,ae,bc,bd,be,cd,ce,de,共有10种.三、简单的组合问题例3 有10名教师,其中6名男教师,4名女教师.(1)现要从中选2名去参加会议,有________种不同的选法;(2)选出2名男教师或2名女教师参加会议,有________种不同的选法;(3)现要从中选出男、女教师各2名去参加会议,有________种不同的选法.答案(1)45 (2)21 (3)90解析(1)从10名教师中选2名去参加会议的选法种数,就是从10个不同元素中取出2个元素的组合数,即C210=A210A22=10×92×1=45.(2)可把问题分两类情况:第1类,选出的2名是男教师有C26种方法;第2类,选出的2名是女教师有C24种方法.根据分类加法计数原理,共有C26+C24=A26A22+A24A22=6×52×1+4×32×1=15+6=21(种)不同的选法.(3)从6名男教师中选2名的选法有C26种,从4名女教师中选2名的选法有C24种,根据分步乘法计数原理,共有不同的选法C26×C24=A26A22×A24A22=6×52×1×4×32×1=90(种).反思感悟利用排列与组合之间的关系,建立起排列数与组合数之间的计算方法,借助排列数求组合数.跟踪训练3 一个口袋内装有大小相同的7个白球和1个黑球.(1)从口袋内取出3个球,共有多少种取法?(2)从口袋内取出3个球,使其中含有1个黑球,有多少种取法?(3)从口袋内取出3个球,使其中不含黑球,有多少种取法?解(1)从口袋内的8个球中取出3个球,取法种数是C38=A38A33=8×7×63×2×1=56.(2)从口袋内取出3个球有1个是黑球,于是还要从7个白球中再取出2个,取法种数是C27=A27A22=7×62×1=21.(3)由于所取出的3个球中不含黑球,也就是要从7个白球中取出3个球,取法种数是C37=A37A33=7×6×53×2×1=35.【跟踪训练】1.(多选)下面四组元素,是相同组合的是( )A.a,b,c—b,c,a B.a,b,c—a,c,bC.a,c,d—d,a,c D.a,b,c—a,b,d答案ABC2.从5名同学中推选4人去参加一个会议,则不同的推选方法种数是( ) A.10 B.5 C.4 D.1答案 B解析组合问题,可从对立面考虑,选出一人不参加会议即可,故有5种方法.3.在桥牌比赛中,发给4名参赛者每人一手由52张牌的四分之一(即13张牌)组成的牌,一名参赛者可能得到的不同的牌为( )A.4×13手B.134手C.A1352手D.C1352手答案 D解析本题实质上是从52个元素中取13个元素为一组,故一名参赛者可能得到C1352手不同的牌.4.下列问题中,组合问题有________,排列问题有________.(填序号)①从1,3,5,9中任取两个数相加,所得不同的和;②平面内有10个点,以其中每2个点为端点的线段的条数;③从甲、乙、丙三名同学中选两名同学参加不同的两项活动.答案①②③解析①②为组合问题,③为排列问题.5.已知a,b,c,d这四个元素,则每次取出2个元素的所有组合为________________________.答案ab,ac,ad,bc,bd,cd解析可按a→b→c→d顺序写出,即所以所有组合为ab,ac,ad,bc,bd,cd.【课堂小结】1.知识清单:(1)组合与组合数的定义.(2)排列与组合的区别与联系.(3)用列举法写组合.2.方法归纳:枚举法.3.常见误区:分不清“排列”还是“组合”.【同步练习】1.(多选)给出下面几个问题,其中是组合问题的有( ) A.由1,2,3,4构成的含有2个元素的集合个数B.五个队进行单循环比赛的比赛场次数C.由1,2,3组成两位数的不同方法数D.由1,2,3组成的无重复数字的两位数的个数答案AB2.把三张游园票分给10个人中的3人,分法有( )A.A310种B.C310种C.C310A310种D.30种答案 B解析三张票没区别,从10人中选3人,即C310.3.已知平面内A,B,C,D这4个点中任何3点不共线,则由其中每3点为顶点的所有三角形的个数为( )A.3 B.4 C.12 D.24答案 B解析由于与顺序无关,所以是组合问题,共有4个:△ABC,△ABD,△ACD,△BCD.4.某新农村社区共包括8个自然村,且这些村庄分布零散没有任何三个村庄在一条直线上,现要在该社区内建“村村通”工程,则共需建公路的条数为( )A.4 B.8 C.28 D.64答案 C解析由于“村村通”公路的修建,是组合问题,故共需要建C28=A28A22=8×72×1=28(条)公路.5.某乒乓球队有9名队员,其中有两名种子选手,现要选5名队员参加运动会,种子选手都必须在内,则不同的选法有( )A.C59种 B.A37种 C.C37种 D.C57种答案 C解析只需再从其他7名队员中选3人,即C37种选法.6.从9名学生中选出3名参加“希望英语”口语比赛,有______种不同选法.答案84解析只需从9名学生中选出3名即可,从而有C39=A39A33=9×8×73×2×1=84(种)选法.7.若已知集合P={1,2,3,4},则集合P的子集中含有2个元素的子集数为________.答案 6解析由于集合中的元素具有无序性,因此含2个元素的子集个数与元素顺序无关,是组合问题,共有C24=A24A22=4×32×1=6(个).8.有3张参观券,要在5人中确定3人去参观,则不同方法的种数是________.(用数字作答)答案10解析由于选出的人无角色差异,所以是组合问题,共有C35=A35A33=5×4×33×2×1=10(种)不同方法.9.判断下列问题是排列问题还是组合问题,并求出相应的排列数或组合数.(1)10个人相互写一封信,一共写了多少封信?(2)10个人相互通一次电话,一共通了多少次电话?(3)10支球队以单循环进行比赛(每两队比赛一次),这次比赛需要进行多少场?(4)从10个人中选3人去开会,有多少种选法?(5)从10个人中选出3人担任不同学科的课代表,有多少种选法?解 (1)是排列问题,因为发信人与收信人是有顺序区别的,排列数为A 210=90. (2)是组合问题,因为甲与乙通一次电话,也就是乙与甲通一次电话,没有顺序区别,组合数为C 210=A 210A 22=45.(3)是组合问题,因为每两个队比赛一次,没有顺序的区别,组合数为C 210=A 210A 22=45.(4)是组合问题,因为去开会的3个人之间没有顺序的区别,组合数为C 310=A 310A 33=120.(5)是排列问题,因为3个人担任哪一科的课代表是有区别的,排列数为A 310=720.10.平面内有10个点,其中任意3个点不共线. (1)以其中任意2个点为端点的线段有多少条? (2)以其中任意2个点为端点的有向线段有多少条? (3)以其中任意3个点为顶点的三角形有多少个?解 (1)所求线段的条数,即为从10个元素中任取2个元素的组合数,共有C 210=A 210A 22=10×92×1=45(条),即以10个点中的任意2个点为端点的线段共有45条. (2)所求有向线段的条数,即为从10个元素中任取2个元素的排列数,共有A 210=10×9=90(条),即以10个点中的任意2个点为端点的有向线段共有90条. (3)所求三角形的个数,即为从10个元素中任选3个元素的组合数,共有C 310=A 310A 33=10×9×83×2×1=120(个).11.(多选)下列问题是组合问题的有( )A .10个朋友聚会,每两人握手一次,一共握手多少次B .平面上有2 021个不同的点,它们中任意三点不共线,连接任意两点可以构成多少条线段C .集合{a 1,a 2,a 3,…,a n }中含有三个元素的子集有多少个D .从高三(19)班的54名学生中选出2名学生分别参加校庆晚会的独唱、独舞节目,有多少种选法 答案 ABC解析 组合问题与次序无关,排列问题与次序有关,D 选项中,选出的2名学生,如甲、乙,其中“甲参加独唱、乙参加独舞”与“乙参加独唱、甲参加独舞”是两个不同的选法,因此是排列问题,不是组合问题,故选ABC. 12.从5人中选3人参加座谈会,其中甲必须参加,则不同的选法有( ) A .60种 B .36种 C .10种 D .6种 答案 D解析 甲必须参加,因此只要从除甲之外的4人中选2人即可,有C 24=A 24A 22=6(种)不同的选法.13.从8名女生和4名男生中,抽取3名学生参加某档电视节目,若按性别比例分层抽样,则不同的抽取方法数为( ) A .224 B .112 C .56 D .28 答案 B解析 由分层抽样知,应从8名女生中抽取2名,从4名男生中抽取1名,所以抽取2名女生和1名男生的方法数为C 28C 14=A 28A 22·A 14A 11=112.14.从2,3,5,7四个数中任取两个不同的数相乘,有m 个不同的积,任取两个不同的数相除,有n 个不同的商,则m∶n=________. 答案 1∶2解析 ∵m=C 24,n =A 24,∴m∶n=1∶2.15.某区有7条南北向街道,5条东西向街道.(如图)(1)图中有________个矩形;(2)从A 点走向B 点最短的走法有________种.答案(1)210 (2)210解析(1)在7条南北向街道中任选2条,5条南北向街道中任选2条,这样4条线可组成一个矩形,故可组成矩形C27·C25=A27A22·A25A22=210(个).(2)每条东西向的街道被分成6段,每条南北向的街道被分成4段,从A到B最短的走法,无论怎样走,一定至少包括10段,其中6段方向相同,另4段方向也相同,每种走法,即是从10段中选出6段,这6段是走东西方向的(剩下4段即是走南北方向的),共有C610·C44=A610A66·A44A44=210(种)走法.16.某次足球比赛共12支球队参加,分三个阶段进行.(1)小组赛:经抽签分成甲、乙两组,每组6队进行单循环比赛,以积分及净胜球数取前两名;(2)半决赛:甲组第一名与乙组第二名,乙组第一名与甲组第二名作主客场交叉淘汰赛(每两队主客场各赛一场)决出胜者;(3)决赛:两个胜队参加决赛一场,决出胜负.问:全部赛程共需比赛多少场?解(1)小组赛中每组6队进行单循环比赛,就是6支球队的任两支球队都要比赛一次,所需比赛的场次即为从6个元素中任取2个元素的组合数,所以小组赛共要比赛2C26=2×A26A22=30(场).(2)半决赛中甲组第一名与乙组第二名(乙组第一名与甲组第二名)主客场各赛一次,所以半决赛共要比赛2×2=4(场).(3)决赛只需比赛1场,即可决出胜负.所以全部赛程共需比赛30+4+1=35(场).§6.2.1组合与组合数(第2课时组合数公式)【学习目标】1.理解排列数与组合数之间的联系,掌握组合数公式.2.能运用组合数公式进行计算.3.会用组合数公式解决一些简单的组合问题.【知识梳理】知识点一组合数公式C m n =n n-1n-2…n-m+1m!,其中m,n∈N*,并且m≤nC m n =n!m!n-m!规定:C0n=1.知识点二组合数的性质性质1:C mn =C n-mn.性质2:C mn+1=C mn+C m-1n.【自我检测】1.C2 0192 020=________. 答案 2 0202.C12+C22=________.答案 33.若C m7=21,C m6=15,则C m-16=________.答案 64.方程C x5=C25,则x=________.答案2或3【题型探究】一、组合数公式的应用命题角度1 化简与求值例1-1 求值:(1)3C38-2C25;(2)C 38-n3n +C 3n 21+n .解 (1)3C 38-2C 25=3×8×7×63×2×1-2×5×42×1=148.(2)∵⎩⎨⎧38-n≤3n,3n≤21+n ,∴9.5≤n≤10.5.∵n∈N *,∴n=10,∴C 38-n 3n +C 3n 21+n =C 2830+C 3031=C 230+C 131=466.命题角度2 与组合数有关的证明例1-2 证明:mC m n =nC m -1n -1.证明 mC m n =m·n !m !n -m!=n·n -1!m -1!n -m !=n·n -1!m -1!n -m!=nC m -1n -1.命题角度3 与组合数有关的方程或不等式例1-3 (1)(多选)若C 4n >C 6n ,则n 的可能取值有( )A .6B .7C .8D .9 答案 ABCD解析 由C 4n >C 6n 得⎩⎨⎧n !4!n -4!>n !6!n -6!,n≥6⇒⎩⎨⎧n 2-9n -10<0,n≥6⇒⎩⎨⎧-1<n<10,n≥6,又n∈N *,则n =6,7,8,9.∴该不等式的解集为{6,7,8,9}. (2)已知1C m 5-1C m 6=710C m 7,求C m 8+C 5-m8. 解 ∵1C m 5-1C m 6=710C m 7,∴m !5-m !5!-m !6-m !6!=7×7-m !m !10×7!,即m !5-m !5!-m !6-m 5-m !6×5!=7×m!7-m 6-m 5-m !10×7×6×5!,∴1-6-m6=7-m6-m60,即m 2-23m +42=0, 解得m =2或m =21. ∵0≤m≤5,m∈N *,∴m=2,∴C m 8+C 5-m 8=C 28+C 38=C 39=84.反思感悟 (1)组合数公式C m n =n n -1n -2…n -m +1m !一般用于计算,而组合数公式C m n =n !m !n -m!一般用于含字母的式子的化简与证明.(2)要善于挖掘题目中的隐含条件,简化解题过程,如组合数C m n 的隐含条件为m≤n,且m ,n∈N *.(3)计算时应注意利用组合数的两个性质: ①C mn =C n -mn ;②C mn +1=C mn +C m -1n .跟踪训练1 (1)计算:C 98100+C 199200; (2)证明:C m n =n n -mC mn -1. (1)解 C 98100+C 199200=C 2100+C 1200=100×992+200 =4 950+200=5 150. (2)证明 n n -m C m n -1=n n -m ·n -1!m !n -1-m !=n !m !n -m!=C m n .二、有限制条件的组合问题例2 课外活动小组共13人,其中男生8人,女生5人,并且男、女生各有一名队长,现从中选5人主持某项活动,依下列条件各有多少种选法? (1)至少有一名队长当选;(2)至多有两名女生当选;(3)既要有队长,又要有女生当选.解(1)C513-C511=825(种).(2)至多有2名女生当选含有三类:有2名女生当选;只有1名女生当选;没有女生当选,所以共有C25C38+C15C48+C58=966(种)选法.(3)分两类:第一类女队长当选,有C412=495(种)选法,第二类女队长没当选,有C14C37+C24C27+C34C17+C44=295(种)选法,所以共有495+295=790(种)选法.反思感悟有限制条件的抽(选)取问题,主要有两类(1)“含”与“不含”问题,其解法常用直接分步法,即“含”的先取出,“不含”的可把所指元素去掉再取,分步计数.(2)“至多”“至少”问题,其解法常有两种解决思路:一是直接分类法,但要注意分类要不重不漏;二是间接法,注意找准对立面,确保不重不漏.跟踪训练2 某食堂每天中午准备4种不同的荤菜,7种不同的蔬菜,用餐者可以按下述方法之一搭配午餐:(1)任选两种荤菜、两种蔬菜和白米饭;(2)任选一种荤菜、两种蔬菜和蛋炒饭.则每天不同午餐的搭配方法共有( ) A.210种 B.420种 C.56种 D.22种答案 A解析由分类加法计数原理知,两类配餐的搭配方法之和即为所求,所以每天不同午餐的搭配方法共有C24C27+C14C27=210(种).三、分组、分配问题命题角度1 平均分组例3-1 (1)6本不同的书,分给甲、乙、丙三人,每人两本,有多少种方法?(2)6本不同的书,分为三份,每份两本,有多少种方法?解(1)先从6本书中选2本给甲,有C26种方法;再从其余的4本中选2本给乙,有C24种方法;最后从余下的2本书中选2本给丙,有C22种方法,所以分给甲、乙、丙三人,每人2本,共有C26C24C22=90(种)方法.(2)分给甲、乙、丙三人,每人两本,有C26C24C22种方法,这个过程可以分两步完成:第一步,分为三份,每份两本,设有x种方法;第二步,再将这三份分给甲、乙、丙三名同学,有A33种方法.根据分步乘法计数原理,可得C26C24C22=xA33,所以x=C26C24C22A33=15.因此分为三份,每份两本,一共有15种方法.命题角度2 不平均分组例3-2 (1)6本不同的书,分为三份,一份一本,一份两本,一份三本,有多少种方法?(2)6本不同的书,分给甲、乙、丙三人,一人一本,一人两本,一人三本,有多少种不同的方法?解(1)这是“不平均分组”问题,一共有C16C25C33=60(种)方法.(2)在(1)的基础上再进行全排列,所以一共有C16C25C33A33=360(种)方法.命题角度3 分配问题例3-3 6本不同的书,分给甲、乙、丙三人,每人至少一本,有多少种不同的方法?解可以分为三类情况:①“2,2,2型”,有C26C24C22=90(种)方法;②“1,2,3型”,有C16C25C33A33=360(种)方法;③“1,1,4型”,有C46A33=90(种)方法,所以一共有90+360+90=540(种)方法.反思感悟“分组”与“分配”问题的解法(1)分组问题属于“组合”问题,常见的分组问题有三种:①完全均匀分组,每组的元素个数均相等,均匀分成n组,最后必须除以n!;②部分均匀分组,应注意不要重复,有n组均匀,最后必须除以n!;③完全非均匀分组,这种分组不考虑重复现象.(2)分配问题属于“排列”问题,分配问题可以按要求逐个分配,也可以分组后再分配.跟踪训练3 将4个编号为1,2,3,4的小球放入4个编号为1,2,3,4的盒子中.(1)有多少种放法?(2)每盒至多1个球,有多少种放法?(3)恰好有1个空盒,有多少种放法?(4)每个盒内放1个球,并且恰好有1个球的编号与盒子的编号相同,有多少种放法?(5)把4个不同的小球换成4个相同的小球,恰有一个空盒,有多少种放法?解(1)每个小球都可能放入4个盒子中的任何一个,将小球一个一个放入盒子,共有4×4×4×4=44=256(种)放法.(2)这是全排列问题,共有A44=24(种)放法.(3)方法一先将4个小球分为3组,有C24C12C11A22种方法,再将3组小球投入4个盒子中的3个盒子,有A34种投放方法,故共有C24C12C11A22·A34=144(种)放法.方法二先取4个球中的2个“捆”在一起,有C24种选法,把它与其他2个球共3个元素分别放入4个盒子中的3个盒子,有A34种投放方法,所以共有C24A34=144(种)放法.(4)1个球的编号与盒子编号相同的选法有C14种,当1个球与1个盒子的编号相同时,用局部列举法可知其余3个球的投入方法有2种,故共有C14·2=8(种)放法.(5)先从4个盒子中选出3个盒子,再从3个盒子中选出1个盒子放入2个球,余下2个盒子各放1个,由于球是相同的即没有顺序,所以属于组合问题,故共有C34C13=12(种)放法.与几何有关的组合应用题典例如图,在以AB为直径的半圆周上,有异于A,B的六个点C1,C2,…,C 6,线段AB上有异于A,B的四个点D1,D2,D3,D4.(1)以这10个点中的3个点为顶点可作多少个三角形?其中含C1点的有多少个?(2)以图中的12个点(包括A,B)中的4个点为顶点,可作出多少个四边形?解(1)方法一可作出三角形C36+C16·C24+C26·C14=116(个).其中以C 1为顶点的三角形有C 25+C 15·C 14+C 24=36(个). 方法二 可作三角形C 310-C 34=116(个),其中以C 1为顶点的三角形有C 25+C 15·C 14+C 24=36(个). (2)可作出四边形C 46+C 36·C 16+C 26·C 26=360(个).[素养提升] (1)图形多少的问题通常是组合问题,要注意共点、共线、共面、异面等情形,防止多算.常用直接法,也可采用间接法.(2)把一个与几何相关的问题转化为组合问题,此题目的解决体现了数学抽象及数学运算的核心素养.【跟踪训练】1.C 26+C 57的值为( )A .72B .36C .30D .42 答案 B解析 C 26+C 57=C 26+C 27=6×52×1+7×62×1=15+21=36. 2.若C 2n =28,则n 的值为( ) A .9 B .8 C .7 D .6 答案 B解析 因为C 2n =28,所以12n(n -1)=28,又n∈N *,所以n =8.3.若A 3m =6C 4m ,则m 等于( )A .9B .8C .7D .6 答案 C解析 由已知得m(m -1)(m -2)=6×m m -1m -2m -34!,解得m =7,故选C.4.甲、乙、丙3位同学选修课程,从4门课程中,甲选修2门,乙、丙各选修3门,则不同的选修方案的种数为______. 答案 96解析 从4门课程中,甲选修2门,乙、丙各选修3门,则不同的选修方案共有C24·C34·C34=96(种).5.有4名男医生、3名女医生,从中选出2名男医生、1名女医生组成1个医疗小组,则不同的选法共有________种.答案18解析从4名男医生中选2人,有C24种选法,从3名女医生中选1人,有C13种选法,由分步乘法计数原理知,所求选法种数为C24C13=18.【课堂小结】1.知识清单:(1)涉及具体数字的可以直接用公式C mn =A mnA mm=n n-1n-2…n-m+1m!计算.(2)涉及字母的可以用阶乘式C mn =n!m!n-m!计算.(3)计算时应注意利用组合数的性质C mn =C n-mn简化运算.(4)分组分配问题.2.方法归纳:分类讨论、正难则反、方程思想.3.常见误区:分组分配中是否为“平均分组”.【同步练习】1.计算:C28+C38+C29等于( )A.120 B.240 C.60 D.480 答案 A解析C28+C38+C29=7×82×1+6×7×83×2×1+8×92×1=120.2.从5名志愿者中选派4人在星期六和星期日参加公益活动,每人一天,每天两人,则不同的选派方法共有( )A.60种 B.48种 C.30种 D.10种答案 C解析从5名志愿者中选派2人参加星期六的公益活动,有C25种方法,再从剩下的3人中选派2人参加星期日的公益活动,有C23种方法,由分步乘法计数原理可得不同的选派方法共有C25·C23=30(种),故选C.3.(多选)下列等式正确的有( )A.C mn =n!m!n-m!B.C mn=C n-mnC.C mn =m+1n+1C m+1n+1D.C mn=C m+1n+1答案ABC解析A是组合数公式;B是组合数性质;由m+1n+1C m+1n+1=m+1n+1×n+1!m+1!n-m!=C mn得C正确;D错误.4.200件产品中有3件次品,任意抽取5件,其中至少有2件次品的抽法有( )A.C32197·C23种B.C33C2197+C23C3197种C.C5200-C5197种D.C5200-C13C4197种答案 B解析至少2件次品包含两类:(1)2件次品,3件正品,共C23C3197种抽法,(2)3件次品,2件正品,共C33C2197种抽法,由分类加法计数原理得,抽法共有C23C3197+C3 3C2197种.5.空间中有10个点,其中有5个点在同一个平面内,其余点无三点共线,无四点共面,则以这些点为顶点,共可构成四面体的个数为( )A.205 B.110 C.204 D.200答案 A解析方法一可以按从共面的5个点中取0个、1个、2个、3个进行分类,则得到所有的取法总数为C05C45+C15C35+C25C25+C35C15=205.方法二从10个点中任取4个点的方法数中去掉4个点全部取自共面的5个点的情况,得到所有构成四面体的个数为C410-C45=205.6.4名优秀学生全部保送到3所学校去,每所学校至少去1名,则不同的保送方案有______种.答案36解析把4名学生分成3组有C24种方法,再把3组学生分配到3所学校有A33种方法,故共有C24A33=36(种)保送方案.7.甲、乙、丙3人站到共有7级的台阶上,若每级台阶最多站2人,同一级台阶上的人不区分站的位置,则不同的站法种数是________.(用数字作答)答案336解析当每个台阶上各站1人时有C37A33种站法;当两个人站在同一个台阶上时有C23C17C16种站法.因此不同的站法种数为C37A33+C23C17C16=210+126=336.8.某校从8名教师中选派4名教师同时去4个边远地区支教(每地1人),其中甲和乙不同去,甲和丙只能同去或同不去,则不同的选派方案共有________种.答案600解析可以分情况讨论:①甲、丙同去,则乙不去,有C25·A44=240(种)选法;②甲、丙同不去,有A46=360(种)选法,所以共有600种不同的选派方案.9.已知C4n ,C5n,C6n成等差数列,求C12n的值.解由已知得2C5n =C4n+C6n,所以2×n!5!n-5!=n!4!n-4!+n!6!n-6!,整理得n2-21n+98=0,解得n=7或n=14,要求C12n的值,故n≥12,所以n=14,于是C1214=C214=14×132×1=91.10.现有8名青年,其中有5名能胜任英语翻译工作,有4名能胜任德语翻译工作(其中有1名青年两项工作都能胜任).现在要从中挑选5名青年承担一项任务,其中3名从事英语翻译工作,2名从事德语翻译工作,则有多少种不同的选法?解可以分三类:第一类,让两项工作都能胜任的青年从事英语翻译工作,有C24C23种选法;第二类,让两项工作都能胜任的青年从事德语翻译工作,有C34C13种选法;第三类,两项工作都能胜任的青年不从事任何工作,有C34C23种选法.根据分类加法计数原理,一共有C24C23+C34C13+C34C23=42(种)不同的选法.11.若C7n+1-C7n=C8n,则n等于( )A.12 B.13 C.14 D.15 答案 C解析因为C7n+1-C7n=C8n,即C7n+1=C8n+C7n=C8n+1,所以n+1=7+8,即n=14.12.在∠AOB的OA边上取m个点,在OB边上取n个点(均除O点外),连同O 点共(m+n+1)个点,现任取其中三个点为顶点作三角形,则可作出的三角形的个数为( )A.C1m+1C2n+C1n+1C2mB.C1mC2n+C1nC2mC.C1m C2n+C1nC2m+C1mC1nD.C1mC2n+1+C1nC2m+1答案 C解析第一类:从OA边上(不包括O)任取一点与从OB边上(不包括O)任取两点,可构造一个三角形,有C1m C2n 个;第二类:从OA边上(不包括O)任取两点与从OB边上(不包括O)任取一点,可构造一个三角形,有C1n C2m 个;第三类:从OA边上(不包括O)任取一点与从OB边上(不包括O)任取一点,与O点可构造一个三角形,有C1m C1n 个.由分类加法计数原理知,可作出的三角形的个数为C1m C2n+C1nC2m+C1mC1n.13.若从1,2,3,…,9这9个整数中同时取4个不同的数,其和为偶数,则不同的取法共有( )A.60种 B.63种 C.65种 D.66种答案 D解析从1,2,3,…,9这9个数中取出4个不同的数,其和为偶数的情况包括:(1)取出的4个数都是偶数,取法有C44=1(种);(2)取出的4个数中有2个偶数、2个奇数,取法有C24C25=60(种);(3)取出的4个数都是奇数,取法有C45=5(种).根据分类加法计数原理,满足题意的取法共有1+60+5=66(种).14.某企业有4个分厂,新培训了一批6名技术人员,将这6名技术人员分配到各分厂,要求每个分厂至少1人,则不同的分配方案种数为________.。

组合数学归纳

组合数学归纳

组合数学归纳组合数学组合数学归纳第一章排列和组合§1.1计数的基本原则一、相等原则二、加法原则三、乘法原则§1.2 排列一、n 元集的r-排列 1、n 元集的r-排列个数:()!!n n r -2、n 元集的全排列个数:!n 二、n 元集的r-可重复排列 1、n 元集的r-可重复排列个数:r n 三、多重集的排列1、多重集{}1122,,....,k k M n a n a n a =的全排列数为:()1212......!k k n n n n n n +++2、多重集{}1122,,....,k k M n a n a n a =的r-子集的全排列个数:⑴列出多重集M 的r- 子集:12,,...,s M M M ⑵分别求出多重集i M 的全排列个数,再求和§1.4 组合一、n 元集的r-组合1、n 元集的r-组合个数:()!!!n n r r n r ??= ?-??二、n 元集的r-可重复组合1、n 元集的r-可重复组合个数:1n r r +-??2、不定方程12...n x x x r +++=的非负整数解的个数:1n r r +-??3、不定方程12...n x x x r +++=的正整数解的个数:1r r n -??-??三、组合数的基本性质1.1、n n k n k = ? ?- 1.2、111n n n k k k --=+ ? ? ?-1.3、11n n n k k k -= ? ?- 1.4、11n n n k k k k -+= ? ?-1.5、1n n n k k n k -= ? ?-2、n m n n k m k k m k -= ??? ???-四、多项式定理1、多项式定理:()12112122...12(0,1,2...,)!......!!...!k k k i nn n n k n n n nk n i k n x x x x x x n n n +++=≥=+++=∑2、二项式定理:()0nnk n kk n x y x y k -=??+=∑ 3、推论:()01nnk k n x x k =??+=∑4、推论1:()0112nnn k n k =??=+=∑推论2:()()01110nk nk n k =??-=-=∑五、组合恒等式(e.g.)例1.18(P24) 01ki n i n k i k =--= ? ?-∑例1.19(P25) ()110nkk n k k =??-=∑例1.20(P25) ()10112111nn k n k k n +=??=- ?++??∑例1.21(P25) ()1,;10,.nn kk mn k n m k m n m -==-=? >∑若若例1.22(P26) 11ns m s n m m =+= ? ?+∑例1.23(P26) 0rk n m n m k r k r =+= ??? ?-∑ 202nk n n k n == ? ?∑ 例1.24(P27) () 11111k nn k k n k kk-==-??= ∑∑ 例1.25(P28) 10211n k n n n k k n -== ??? ?+-??∑§1.5 二项式反演公式1、二项式反演公式:若nn k k s n a b k =??= ∑,()n s ≥ 那么()1n n k n k k s n b a k -=??=-∑,()n s ≥.第二章容斥原理及其应用1、容斥原理:⑴设S 是有限集,(),1,2,...,i A S i n ?=,则()12111 (1)1...k k n nk i i i i k i i ni A A A A -=≤<<≤==-∑∑⑵设S 是有限集,(),1,2,...,i A S i n ?=,则()12111 (1)1...k k n nki i i i k i i ni S A S A A A =≤<<≤=-=+-∑∑⑶设S 是有限集,12,,...,n a a a 是n 个性质,以()12...k i i i N a a a 表示S 中同时具有性质12,,...,n a a a 的元素的个数,以()12''...'k i i i N a a a 表示S 中同时不具有性质12,,...,n a a a 的元素的个数()1212,,...,,,...,k i i i n a a a a a a k -是一个组合,则()()()1211111...''...'1...k k nkn i i i k i i nN a a a S N a a a =≤<<≤=+-∑∑2、容斥原理的应用:⑴n 元集重排不保位的重排数:()1!!kn k D n k =-=∑⑵()11nn n D nD -=+- ⑶()()121n n n D n D D --=-+ 第三章递推关系§3.1 差分1、△=E - I ;E=△+ I2、牛顿公式:()0nnnj j n E I j =??=?+=? ???∑()()1nnn jnj j n E I E j -==-=-∑ 3、多项式的差分设()f n 是n 的m 次多项式,则()()00101nmjk j n f k f j ==+??=? ?+??∑∑§3.2 递推关系1、常系数齐次递推关系()11...,n n k n k u a u a u n k --=++≥ 已知:011,,...,k u u u - 求解步骤:①解出111...k k k k x a x a x a --=+++的特征根()12,,;m m k λλλ≤,其中i λ为i e 重特征根;②递推关系具有通解:() 1121..i i ime nn i i ie i u cc n c n λ-==+++∑ ③把011,,...,k u u u -代入通解,分别求出k 个ij c 的值即可。

[数学]组合数学复习

[数学]组合数学复习

Mathematics Modeling
Lianyungang
鸽巢原理:加强形式应用
一篮子水果装有苹果、香蕉和橘子。为 了保证篮子或者至少 8 个苹果或者至少 6 个香蕉或者至少 9 个橘子,则放入篮 子中的水果的最小件数是多少? 8+6+9-3+1=21
Mathematics Modeling
Mathematics Modeling
Lianyungang
鸽巢原理:加强形式
设 q1,…, qn 都等同于一个正整数 r。 1.将 q1 + … + qn n + 1=n(r-1)+1 个物体放入 n 个盒子, 则至少有 1 个盒子含有 r 个物体或更多。 2. 如果 n 个非负整数的平均数大于 r-1, 那么至少有 一个整数大于或等于 r。 3.如果 n 个非负整数的平均数小于于 r+1, 那么至少 有一个整数小于r+1。
组合数学
Mathematics Modeling
Lianyungang
6
棋 盘 完 美 覆 盖 问 题
组合数学
Mathematics Modeling
Liany盖 iff m 和 n 中至少 有一个是偶数。 –当 m 是偶数时,每块多米诺骨牌竖放。 –当 m 是奇数且 n 是偶数时,每块多米诺骨 牌横放。 –当 m 和 n 都是奇数时,棋盘的方格数 mn 是奇数。
Lianyungang
鸽巢原

鸽巢原理:简单形式 鸽巢原理:加强形式
Mathematics Modeling
Lianyungang
鸽巢原理:简单形式
【定理】 若将 n+1 个物体放入 n 个盒 子,则至少有一个盒子中的物体数大 于 1。

组合数学基础学习资料

组合数学基础学习资料

第十单元组合数学基础10.1加法原理与乘法原理(1) 加法原理与乘法原理计算机科学与数学密不可分。

组合数学在信息学竞赛运用广泛,特别大多数的搜索类问题,动态规划类问题(运筹学)、递推计数类问题,都可以归结到组合数学的应用问题。

组合数学是以两个计数原理为基础的。

1)加法原理【问题1】从甲地到乙地,可以乘火车,也可以乘汽车,还可以乘轮船.一天中,火车有4个班次,汽车有2个班次,轮船有3个班次.那么一天中乘坐这些交通工具从甲地到乙地,共有多少种不同的走法?【分析】因为一天中乘火车有4种走法,乘汽车有2种走法,乘轮船有3种走法,每种走法都可以完成由甲地到乙地这件事情.所以,一天中乘坐这些交通工具从甲地到乙地共有4+2+3=9 种不同的走法。

解答树如下:【总结】将这类型的问题总结为一个基本原理——加法原理:做一件事,完成它可以有几类办法,在第一类办法中有m1种不同的方法,在第二类办法中有m2种不同的方法,…,在第n类办法中有m n种不同的方法.那么,完成这件事共有N=m1+m2+…+m n种不同的方法。

解答树如下:2)、乘法原理【问题2】由A村去B村的道路有3条,由B村去C村的道路有2条(见图9-1),从A村经B村去C村,共有多少种不同的走法?【分析】从A村到B村,有3种不同的走法,按这3种走法中的每一种走法到达B村后,再从B村到C村又各有2种不同的走法,因此,从A村经B村去C村共有3×2=6种不同的走法。

解答树如下:【总结】将着类型的问题总结为一个基本原理——乘法原理:做一件事,完成它需要分成n个步骤,做第一步有m1种不同的方法,做第二步有m2种不同的方法,…,做第n步有m种不同的方法.那么,完成这件事共有N=m1×m2×…×m n种不同的方法.n解答树如下:3)加法原理和乘法原理的浅释它们的作用是:是用于计算完成一件事的所有不同的方法种数。

它们的区别是:一个与分类有关,一个与分步有关。

组合数学总复习

组合数学总复习

第一章:1一一对应的应用、排列、组合、圆周排列排列:n个不同的球取r个放进r个不同的盒子,P(n,r)=n(n-1)…(n-r+1)=n!/(n-r)!组合:n个不同的球去r个放进r个相同的盒子,C(n,r)=n!/[r!(n-r)!]圆周排列:将从n中取r个作圆排列的排列数记作Q(n,r)。

Q(n,r)=P(n,r)/r,例1.19:5颗不同的红色珠子,3颗不同的蓝色珠子装在圆板的四周,试问有多少种方案?若蓝色珠子不相邻又有多少种排列方案?蓝色珠子在一起又如何?例1.20:5对夫妇出席一宴会,围一圆桌而坐,试问有几种不同的方案?若要求每对夫妻相邻又有多少种方案?2.排列的生成算法、组合的生成算法。

排列的生成算法:对于给定的字符集,用有效的方法将所有可能的排列无重复无遗漏地枚举出来。

(1).序数法的概要:1、求出0到n!-1之间各数对应的序列{a n-1, a n-2,…, a1}m=a n-1(n-1)!+a n-2(n-2)!+…a2 *2!+a1*1!2、由{a n-1, a n-2,…, a1}确定排列序列p1p2…p na n-1,确定n的位置,a n-2确定n-1的位置,………………………a1确定2的位置,剩下的是1的位置。

(2)字典序法的概要1、求满足关系式p j<p j+1的下标j的最大值,设为i , i=max{j︱p j<p j+1}例如:839647521中i=5注:该位置值为42、求出i后,再求满足关系式p i<p k的k的最大值,设为h, h=max{k︱p i<p k}例如:839647521中h=7注:该位置值为53、p i与p h互换。

得新排列P1P2…P i-1P i P i+1…P n例如:839647521换成8396574214、将新排列P1P2…P i-1P i P i+1…P n中的P i+1…P n顺序逆转,得到P1P2…P i P n… P i+1组合的生成算法:例1: 将m=4000展开。

组合数学引论课后复习资料部分

组合数学引论课后复习资料部分

组合数学引论课后答案习题一1.1任何一组人中都有两个人,它们在该组内认识的人数相等。

1.2任取11个整数,求证其中至少有两个数,它们的差是10的倍数1.3任取n+1个整数,求证其中至少有两个数,它们的差是n的倍数1.4在1.1节例4中证明存在连续的一些天,棋手恰好下了k盘棋(k=1,2,…,21).问是否可能存在连续的一些天,棋手恰好下了22盘棋1.5将1.1节例5推广成从1,2,…,2n中任选n+1个数的问题1.6从1,2,…,200中任取100个整数,其中之一小于16,那么必有两个数,一个能被另一个整除1.7从1,2,…,200中取100个整数,使得其中任意两个数之间互相不能整除1.8任意给定52个数,它们之中有两个数,其和或差是100的倍数1.9在坐标平面上任意给定13个整点(即两个坐标均为整数的点),则必有一个以它们中的三个点为顶点的三角形,其重心也是整点。

1.10上题中若改成9个整点,问是否有相同的结论?试证明你的结论1.11证明:一个有理数的十进制数展开式自某一位后必是循环的。

1.12 证明:对任意的整数N ,存在着N 的一个倍数,使得它仅有数字0和7组成。

(例如,N=3,我们有3259=777⨯;N=4,有41952=7700⨯;N=5,有514=70⨯;……)1.13(1)在一边长为1的等边三角形中任取5个点,则其中必有两个点,该两点的距离至多为12;(2)在一边长为1的等边三角形中任取10个点,则其中必有两个点,该两点的距离至多为1 3;(3)确定nm,使得在一边长为1的等边三角形中任取nm个点,则其中必有两个点,该两点的距离至多为1n;1.14一位学生有37天时间准备考试,根据以往的经验,她知道至多只需要60个小时的复习时间,她决定每天至少复习1小时,证明:无论她的复习计划怎样,在此期间都存在一些天,她正好复习了13个小时。

1.15从1,2,…,2n中任选n+1个整数,则其中必有两个数,它们的最大公约数为1出的数属于同一个鸽巢,即它们的最大公约数为11.16针对1.1节的例6,当m,n不是互素的两个整数时,举例说明例中的结论不一定成立习题二2.1证明:在一个至少有2人的小组中,总存在两个人,他们在组内所认识的人数相同。

中科大-组合数学复习知识点

中科大-组合数学复习知识点

中科⼤-组合数学复习知识点⼀、鸽巢原理定理:n+1个物品放⼊n个盒⼦中,那⾄少有 1 个盒⼦中⾄少有 2 个物品。

解题思路:构造部分和序列正整数a i=2s i×r i,s i为⾮负整数,r i为奇数加强形式:m个物品放⼊n个盒⼦中,⾄少有 1 个盒⼦中⾄少有mn个物品。

若物品数与盒⼦数相等,则⾄少 1 个盒⼦中⾄少有 1 个物品。

若m=n+1,则⾄少 1 ⼀个盒⼦中⾄少有 2 个物品。

解题思路:递增⼦序列问题:构造{m k},m k表⽰从a k开始的最长递增⼦序列长度将集合分成 n 部分,使⽤加强形式取余⼆、排列与组合2.1 集合的排列组合r排列=P(n,r)=A rn =n! (n−r)!r圆排列=1r P(n,r)=1r A rn=n!r(n−r)!r组合数=nr=C rn=n!r!(n−r)!定理:(n0)+(n1)+⋯+(nn)=2n解题思路:能被 3 整除的数,各位数字之和也要能被 3 整除2.2 多重集合定理:多重集合M={∞⋅a1,∞⋅a2,⋯,∞⋅a k}的r排列数为k r.定理:多重集合M={k1⋅a1,k2⋅a2,⋯,k n⋅a n}的全排列数为(k1+k2+⋯+k n)!k1!k2!⋯k n!.只适⽤全排列,如果 k 排列,则⽤指数型⽣成函数。

定理:多重集合M={∞⋅a1,∞⋅a2,⋯,∞⋅a k}的r组合数为(k+r−1r)=C rk+r−1.证明⽅法:对应求⾮负整数解⽅案数x1+x2+⋯+x k=r =>r 个相同的球放⼊ k 个不同的盒⼦中定理:多重集合M={∞⋅a1,∞⋅a2,⋯,∞⋅a k},要求各元素⾄少出现⼀次的r组合数为(r−1k−1)=C k−1r−1.证明⽅法:对应求满⾜⼀定条件的整数解⽅案数x1+x2+⋯+x k=r,x i≥1例题:求⽅程x1+x2+x3+x4=18满⾜条件x1≥3,x2≥1,x3≥4,x4≥2的整数解数⽬。

解:令y1=x1−3,y2=x2−1,y3=x3−4.y4=x4−2,则原⽅程变为y1+y2+y3+y4=8的⾮负整数解数⽬,(8+4−1 8)⌈⌉()课后习题 13,不穿过直线y=x课后习题 13,不穿过直线y=x的⾮降路径数?三、⼆项式系数⼆项式定理:(x+y)n=x n+(n1)x n−1y+(n2)x n−1y2+⋯+y n=∑ni=0(ni)x n−i y i⽜顿⼆项式定理:(1+x)α=∑∞r=0(αr)x r,(αr)=α(α−1)⋯(α−r+1)r!,α为⼀切实数,|x|<1α=−n 时,有(αr)=(−1)r(n+r−1r)(1+x)−n=∑∞r=0(−1)r(n+r−1 r)x r(1−x)−n=∑∞r=0(n+r−1 r)x r(1+x)−1=1−x+x2−x3+⋯(1−x)−1=1+x+x2+x3+⋯α=12时,有(αr)=(−1)r−11r22r−1(2r−2r−1)(1+x)12=∑∞r=1(−1)r−11r22r−1(2r−2r−1)x r,Catalan数基本性质:对称关系:(nr)=(nn−r)递推关系:(nr)=(n−1r)+(n−1r−1)=C rn−1+C r−1n−1组合恒等式:C1 n +2C2n+3C3n+⋯+nC nn=n2n−1C k 0+C k1+C k2+⋯+C kn=C k+1n+1∑n i=0(C in)2=C n2n∑r i=0C imC r−in=C rm+n,Vandermonde恒等式∑m i=0C imC r+in=C m+rm+n多项式定理:(x1+x2+⋯+x t)n=∑(nn1n2⋯n t)x n11x n22⋯x n tt,(nn1n2⋯n t)=n!n1!n2!⋯n t!例题:展开 (2x1−3x2+5x3)6,则 x31x2x23系数为解:6!3!1!2!23(−3)52多项式定理性质:展开式项数为n1+n2+⋯+n t=n的⾮负整数解个数,为(n+t−1 n)∑(nn1n2⋯n t)=t n,令所有xi都为1四、容斥原理定理:|¯A1∩¯A2∩⋯∩¯A m|=|S|−∑|Ai|+∑|A i∩A j|+⋯+(−1)m|A1∩A2∩⋯∩A m|推论:|A1∪A2∪⋯∪A m|=|S|−|¯A1∩¯A2∩⋯∩¯A m|欧拉函数的证明欧拉函数表⽰⼩于 n 且与 n 互素的整数的个数n =p i 11p i 12⋯p iq q 记 A i ={x |x ≤n 且p i |x} ,表⽰与 p i 成倍数的那些数那么 φ(n)=|¯A 1∩¯A 2∩⋯∩¯A q |=n ∏q i=1(1−1p i )定义:N (P i 1,P i 2,⋯,P i k ) 表⽰ S 中具有性质 P i 1,P i 2,⋯,P i k的元素个数ω(k )=∑N (P i 1,P i 2,⋯,P i k) 表⽰具备 k 个性质的元素计数,其中⼀个元素会被多次计数。

高中数学组合数学知识点总结

高中数学组合数学知识点总结

高中数学组合数学知识点总结一、排列与组合的基本概念排列和组合是组合数学中的两个基本概念。

排列表示将若干个不同的对象按照一定的顺序排列的方法数,记为A。

组合表示从若干个不同的对象中选出若干个对象的方法数,记为C。

二、排列的计算公式1. 从n个不同的对象中选取m个对象进行排列,称为从n个不同的对象中取出m个对象的全排列,记为A(n, m)。

A(n, m) = n × (n-1) × ... × (n - m + 1) = n! / (n - m)!2. 特殊情况:a) 从n个不同的对象中选取n个对象进行排列,称为从n个不同的对象中取出n个对象的全排列,记为A(n, n)。

A(n, n) = n!b) 从n个不同的对象中选取0个对象进行排列,称为从n个不同的对象中取出0个对象的全排列,记为A(n, 0)。

A(n, 0) = 1三、组合的计算公式从n个不同的对象中选取m个对象进行组合的方法数,记为C(n, m)。

C(n, m) = A(n, m) / m! = n! / (m! × (n - m)!)四、组合的性质1. 对称性:C(n, m) = C(n, n-m)2. 加法原理:C(n, m) + C(n, m+1) = C(n+1, m+1)3. 组合数之和:C(n, 0) + C(n, 1) + C(n, 2) + ... + C(n, n) = 2^n五、组合数的应用组合数学在实际中有广泛的应用,其中一些常见的应用包括:1. 算法设计:组合数学的相关知识可以用于算法设计、分析以及优化。

2. 概率统计:组合数学的概念可以用于概率统计中的排列、组合、随机事件等的计算。

3. 组合优化问题:组合数学的方法可以应用于组合优化问题,如旅行商问题、背包问题等。

4. 图论与网络:组合数学的知识在图论与网络中有广泛应用,如图的着色问题、路径计数等。

总结:组合数学是高中数学中的重要内容,掌握排列与组合的基本概念和计算方法对于解决数学问题具有重要的作用。

高三数学组合

高三数学组合

10.2 组合一、明确复习目标1.理解组合的意义,能正确区分排列与组合;2.掌握组合数计算公式和组合数的性质,能解决一些简单的应用问题二.建构知识网络1.组合的概念:一般地,从n 个不同元素中取出m ()m n ≤个元素并成一组,叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的一个组合2.组合数公式:从n 个不同元素中取出m ()m n ≤个元素的所有组合的个数,叫做从n 个不同元素中取出m 个元素的组合数.... (1)(2)(1)!m m n nm m A n n n n m C A m ---+==或)!(!!m n m n C mn -=),,(n m N m n ≤∈*且3. 组合数的性质:(1)m n n m n C C -=.规定:10=n C ; (2) m n C 1+=m n C +1-m n C . (3)0132nn n n n n C C C C ++++= (由二项式定理知)4.带限制条件的组合问题一般是“取不取某元素”,比较好处理.5.排列与组合的联系:组合可看成排列的一个步骤.对于较复杂的排列问题,常用“先取元素,再排位置”的方法解决.三、双基题目练练手1.从正方体的6个面中选取3个面,其中有2个面不相邻的选法共有 ( ) A.8种 B.12种 C.16种 D.20种2.在∠AOB 的OA 边上取m 个点,在OB 边上取n 个点(均除O 点外),连同O 点共m +n +1个点,现任取其中三个点为顶点作三角形,可作的三角形有 ( )1212111121212121211211C C C D.C C C C C C C.C C C C .C B C C C A.C nm n m n m mn nm m n n m m n n m +++++++++3.(2006湖南) 某外商计划在4个候选城市投资3个不同的项目, 且在同一个城市投资的项目不超过2个, 则该外商不同的投资方案有 ( )A . 16种B .36种C .42种D .60种 4.某餐厅供应客饭,每位顾客可以在餐厅提供的菜肴中任选2菜2素共4种不同的品种.现在餐厅准备了5种不同的荤菜,若要保证每位顾客有200种以上的不同选择,则餐厅至少还需要不同的素菜品种_____________种.(结果用数值表示)5.(2006江苏)今有2个红球、3个黄球、4个白球,同色球不加以区分,将这9个球排成一列有 种不同的方法(用数字作答)。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

• 设m1 , m2 , … , mn都是正整数,并有
• 满足一定条件的元素的最少个数是多少? • 从一、二、三班里选若干人,问至少选多 少人,才能保证一班至少有2人,或二班至 少有3人,或三班至少有4人? • 证明存在性问题:在一个边长为2的等边三 角形内任意选5个点,则必有两个点,它们 之间的距离不大于1.
(m-r+k,r-k) l=0,1,2,…,r Q(m,0)
第五章 二项式系数
• kC(n,k)=nC(n-1,k-1) • 1C(n,1)+2 C(n,2)+…+nC(n,n)=n2n-1 • C(n,1)+C(n,3)+…=? • C(n,0)+C(n,2)+…=?
一些特殊的求和级数
• ∑k=0∞(k+1)xk=1/(1-x)2=1+2x+3x2+4x3+。。。 • ∑k=0∞ k(k-1)xk =2x2/(1-x)3=2*1*x2+3*2*x3+4*3*x4+ 。。。 • ∑k=0∞ k2xk=x(1+x)/(1-x)3=x+4x2+9x3+16x4+ 。。。 • ∑k=0∞ k(k+2)xk =(3x-x2)/(1-x)3=3*1*x+4*2*x2+5*3*x3+ 。。。 • ∑k=0∞ k(k+1)(k+2)xk =6x/(1-x)4 =1*2*3*x+2*3*4*x2+3*4*5*x3+ 。。。
第三章
排列组合
• 基本记数原理-加法原理和乘法原理 • 基本排列-全排列,r-排列,循环排列 N个人的循环排列是多少? • 基本组合 • 组合排列的混合 分组与分步的基本方法 例:1,2,3,4,5,6,7,8,9的5与6、1 与7不在一起的排列数有多少?
第三章
排列组合
• 重复排列 1、k种元素的重复数无限制r-排列 2、k种元素的限制重复数的r-排列 3、应用---棋盘非攻击型车的摆放 例:n1个第一种棋,n2个地二种棋,nk个第k种棋的非攻击型 摆放。 • 重复组合 1、k种元素的重复数无限制r-组合:C(k+r-1,r) 2、k种元素的限制重复数的r-组合:容错原理或分类求解 例:求{3a,4b,5c}的8组合。 {3a,4b,5c}的10-组合或11-组合。
例: 逆序6543310对应的排列是什么?
第四章 生成排列与组合
• 生成组合 1、所有组合的二进制序. 生成规则是什么? 2、所有组合的反射Cray码序及其特点 如何生成反射Cray码? --反射Cray码组合序中相邻两组合的关系?(只有 一个元素不相同) 3、r-组合的字典序 例:{1,2,…,9}的6-组合字典序中,134589的后继是 什么?
限制重复数的重复组合数
• 求{3a,4b,5c}的8组合。 {8a,8b,8c}的8组合。 • x1+ x2 + x3 + x4 =15, 0≤x1≤4, 2≤x2 ≤6, 0≤ x3 ≤8, 0≤ x4 . • x1+ x2 + x3 + x4 =15, 0≤x1, 2≤x2, 0≤ x3 , 0≤ x4 .
第五章 二项式系数
• 一些恒等式的证明 二项式证明法、组合证明法、直接证明法 例:证明Vandermonde恒等式: C(m+n,r) =C(m,0)C(n,r)+ C(m,1)C(n,r-1)+…+ C(m,r)C(n,0)
• 组合证法1 从m个互异红球和n个互异蓝 组合证法1 球中取r个球,按r个球中红球的个数分类. • 组合证法2: (0,0)到(m+n-r,r)点的路径. 组合证法2 (0,0)→(m-r+k,r-k)→(m+n-r,r) C(m,r-k) C(n,k) C(m+n,r) r P(m-r,r) (m+n-r,r) =∑C(m,r-k)C(n,k ) k=0
17
第六章 容错原理
• 容错原理 • 限制重复数的重复组合数 • 错位排列
| A |= N− | A|,
其中N是集合S的元素个数,即不属于 A A的元素个数等于集合的全体减去属于 A的元素的个数。一般有:
容斥原理
容斥原理
容斥原理
• 一个班有学生50人,选修英语的20人,数 学25人,物理30人 英语,数学,物理:5人 英语,数学:5人 数学,物理:6人 英语,物理:5人 • 三科都没选的多少人?
第一章
• 棋盘的覆盖 什么是完美覆盖?有完美覆盖的充分必要条 件是什么? • 幻方 幻方是什么?N阶幻方的幻和是多少? • Nim取子游戏 取子游戏 游戏规则是什么?怎样取胜? 游戏规则是什么?怎样取胜?
第二章 鸽巢原理
• 若有n个鸽子巢,n+1个鸽子,则至少有 一个巢内有至少有两个鸽子。
m1 + m2 +… +mn-n + 1 n 1个鸽子住进n个 n 鸽巢,则至少对某个 i 有第 i 个巢中至少 有 mi个鸽子,i = 1 , 2 , … , n.
错排问题
每个元素都不在原来位置的排列数为
Dn=(n-1)(Dn-1+Dn-2)=n Dn-1+(-1)n
禁止排列问题
• 棋盘上禁止位置的排 列问题
Hale Waihona Puke 第四章 生成排列与组合——偏序与 等价关系
• 1、关系、关系的性质-自反性、反自反性、 对称性、反对称性、传递性 2、偏序—自反的、反对称的、传递的 3、全序、极大元、极小元、最大元、最小元 4、等价关系与划分 问题:偏序是关系吗?是等价关系吗?有限 偏序集有最大(最小)元、极大(极小)元吗? 全序与链,链长与反链(互不包含的组合)的 关系是什么?
偏序与等价关系
• 例:证明子集的包含关系是偏序。 • 例:反链与组合的杂置是什么关系?
第五章 二项式系数
• Pascal公式及其解释-- 组合数解释及路径解释(注 意路径规则) C(n,k)=C(n-1,k)+C(n-1,k-1) 路径—纯正方向,正斜混合方向 • 二项式定理 (1+x)n的展开式及其应用。 例:计算 1C(n,1)+2 C(n,2)+…+nC(n,n)的值。 • 二项式系数的单峰性及组合杂置 例:杂置的个数最多有多少?并证明之。
第四章 生成排列与组合
• 生成排列(全排列) 1、逐级插入法 2、逐级插入序列的逐个生成法(活动数生成 排列法) 2、逆序数生成排列法
第四章 生成排列与组合
• 对于{1,2,…,n}的一个排列i1i2…in, 令bj表示在此排列中先于j但大于j的整数的 个数,称为j的逆序数; 定理4.2.1 令b1,b2,…,bn是满足 0≤b1≤n-1,0≤b2≤n-2,…0≤bn-1≤1,bn=0 的整数序列,那么存在{1,2,…,n}的唯一的一 个排列,它逆序列是: b1,b2,…,bn
证明: 证明: 若序列S ={ a1 , a2 , … , amn+1}中的 各数是不等的.m , n 是正整数,则 S有一长 度为m+1的严格增子序列或长度为n+1的减 子序列,而且 S有一长度为m+1的减子序列 或长度为n+1的增子序列.
第二章 鸽巢原理
• Ramsey 数 求或证明: r(3,3)=6, r(2,n)=n, 证明: r(m.n)=r(n,m)
相关文档
最新文档