湖北省仙桃中学2020-2021学年高二上学期第一次调研考试物理试题

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2020-2021学年湖北省仙桃市汉江中学高二(上)期末物理试卷【附答案】

2020-2021学年湖北省仙桃市汉江中学高二（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，其中第11、12题为多选）1．（5分）质量为2m的B球静止放于光滑水平面上，另一质量为m的A球以速度v与B 球正碰，如图所示，若碰撞过程为完全非弹性碰撞，则碰后A球的速度为（）A．0B．C．﹣v D．v2．（5分）玻璃杯从同一高度落下，掉在石头上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与石头的撞击过程中（）A．玻璃杯的动量变化较快B．玻璃杯受到的冲量较大C．玻璃杯的动量变化较大D．玻璃杯的动量较大3．（5分）把圆形导线圈用细线挂在通电直导线附近，使两者在同一竖直平面内，其中直导线固定，线圈可以自由活动，如图所示．当圆线圈中通入图示方向的电流时，线圈将（）A．发生转动，同时靠近直导线B．发生转动，同时离开直导线C．远离直导线D．靠近直导线4．（5分）关于洛伦兹力，以下说法正确的是（）A．带电粒子在磁场中一定会受到洛伦兹力的作用B．若带电粒子在某点不受洛伦兹力，则该点的磁感应强度一定为零C．洛伦兹力不改变运动电荷的速度D．仅受洛伦兹力作用的运动电荷，动能一定不改变5．（5分）关于磁感应强度，下列说法正确的是（）A．由可知，B与F成正比与IL成反比B．通电导线受安培力不为零的地方一定存在磁场，通电导线不受安培力的地方一定不存在磁场（即B＝0）C．通电导线放在磁场中的某点，那点就有磁感应强度，如果将通电导线拿走，那点的磁感应强度就为零D．磁场中某一点的磁感应强度由磁场本身决定的，其大小和方向是唯一确定的，与通电导线无关6．（5分）下图判断带电粒子进入磁场时所受的洛伦兹力的方向错误的是（）A．方向向上B．方向向下C．方向垂直于纸面向外D．方向向左7．（5分）下列关于电场线和磁感线说法错误的是（）A．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大B．即使在复杂电场中的电场线也是不相交的C．磁场的方向就是小磁针N极在磁场中所指方向D．电场线是闭合曲线，磁感线是不闭合曲线8．（5分）如图，在倾角为θ的光滑斜面上垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒，一匀强磁场垂直于斜面，当导体棒内通有垂直纸面向里的电流I时，导体棒恰好静止在斜面上（重力加速度为g）则（）A．磁感应强度的大小为，方向垂直斜面斜向上B．磁感应强度的大小为，方向垂直斜面斜向下C．磁感应强度的大小为，方向垂直斜面斜向上D．磁感应强度的大小为，方向垂直斜面斜向下9．（5分）如图所示，甲、乙两个质量相同、带等量异种电荷的带电粒子，以不同的速率经小孔P垂直磁场边界MN，进入方向垂直纸面向外的匀强磁场中，在磁场中做匀速圆周运动，并垂直磁场边界MN射出磁场，半圆轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力及空气阻力，则下列说法中正确的是（）A．甲带负电荷，乙带正电荷B．洛伦兹力对甲做正功C．甲的速率大于乙的速率D．甲在磁场中运动的时间大于乙在磁场中运动的时间10．（5分）在如图甲、乙电路中，电阻R、电感线圈L的电阻和灯泡A的电阻均相等．关于灯泡的亮、暗变化情况，下列说法正确的是（）A．在电路甲中，闭合开关S瞬间，A灯将逐渐变亮B．在电路乙中，闭合开关S瞬间，A灯将逐渐亮C．在电路乙中，断开开关S瞬间，A灯将立即熄灭D．在电路甲中，断开开关S瞬间，A灯将先变得更亮，然后逐渐变暗11．（5分）如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘．当MN中电流突然减小时（）A．线圈中感应电流方向是abcdaB．线圈中感应电流方向是adcbaC．线圈所受安培力的合力方向向右D．线圈所受安培力的合力方向向左12．（5分）关于重力不计的带电粒子在下列情况下所做的运动正确的是（）A．带电粒子以速率v0平行于磁感线方向射入匀强磁场，将做匀速直线运动B．带电粒子以速率v0垂直于磁感线方向射入匀强磁场，将做类平抛运动C．带电粒子以速率v0平行于电场线方向射入匀强电场，将做匀变速直线运动D．带电粒子以速率v0垂直于电场线方向射入匀强电场，将做匀速圆周运动二、实验题（本大题共2小题，共16.分）13．（8分）如图所示，直线A电源的路端电压U 与电流I的关系图象，直线B是电阻R 两端电压U与电流I的关系图象，把该电源与电阻R组成闭合电路，则电源的输出P＝W，电源的电动势E＝V，电源的内电阻r＝Ω，外电阻R＝Ω．14．（8分）为了较精确地测量一节干电池的内阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验：量程3V的理想电压表V，量程0.6A的电流表A（具有一定内阻），定值电阻R0（R0＝1.5Ω），滑动变阻器R1（0～10Ω），滑动变阻器R2（0～200Ω），电键S．实验电路原理图如图（a）。

湖北湖北省仙桃中学高二物理上学期精选试卷检测题

湖北湖北省仙桃中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，a 、b 、c 、d 四个质量均为 m 的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中 a 、b 、c 三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕 O 点做半径为 R 的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。

小球 d 位于 O 点正上方 h 处，且在外力 F 作用下恰处于静止状态，已知 a 、b 、c 三小球的电荷量大小均为 q ，小球 d 的电荷量大小为 6q ，h ＝2R 。

重力加速度为 g ，静电力常量为 k 。

则（）A ．小球 a 一定带正电B ．小球 c 的加速度大小为2233kq mRC ．小球 b 2R mRq kπD ．外力 F 竖直向上，大小等于mg ＋226kq R【答案】BD 【解析】【分析】【详解】A ．a 、b 、c 三小球所带电荷量相同，要使三个做匀速圆周运动，d 球与a 、b 、c 三小球一定是异种电荷，由于d 球的电性未知，所以a 球不一定带正电，故A 错误。

BC ．设 db 连线与水平方向的夹角为α，则223cos 3R h α==+ 226sin 3R h α=+＝对b 球，根据牛顿第二定律和向心力得：22222264cos 2cos302cos30()q q q k k mR ma h R R Tπα⋅-︒==+︒ 解得23RmRT q kπ=2233kq a mR= 则小球c 的加速度大小为233kq mR，故B 正确，C 错误。

D ．对d 球，由平衡条件得2226263sin q q kq F k mg mg h R Rα⋅=+=++ 故D 正确。

故选BD 。

2．如图所示,内壁光滑的绝缘半圆容器静止于水平面上，带电量为q A 的小球a 固定于圆心O 的正下方半圆上A 点；带电量为q ,质量为m 的小球b 静止于B 点，其中∠AOB =30°。

湖北省仙桃市仙桃中学2020-2021学年度高二上学期中物理试题含答案

B．通过dcfe 平面的磁通量大小为B· 2 L2 2
C．通过abfe 平面的磁通量大小为B· 2 L2 2
D．通过abcd 平面的磁通量大小为B· 2 L2 2
11．如图所示，有一金属块放在垂直于侧面 C 的匀强磁场中，当有稳恒电流自左向右通过时，下列说法正确的是 A．金属块上表面的电势高于下表面的电势 B．磁感应强度增大时，金属块上、下两表面间的电势差 U 增大 C．电流增大时，金属块上、下两表面间的电势差 U 增大 D．电流不变时，金属块中单位体积内自由电子越多，上下两表面间的电势差 U 越大
C．当I2=3I，I1=I3=I时，O点的磁感应强度大小为 3 B 2
D．当I3=3I，I1=I2=I时，O点的磁感应强度大小为2 3 B
2
8．如图所示，在边长为 a 的正三角形区域内存在着方向垂直于纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场。一个质量为 m、电荷量为+q的带电粒子(重力不计)从 AB边的中点O以某一速度 v 进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与 AB边的夹角为 60°。若粒子在磁场中运动的过程中恰好与 CB边相切，并从 AB边穿出磁场，则 v的大小为
A．30 W
B．45 W
C．60 W
D．80 W
7．三根通电长直导线平行放置，其截面构成等边三角形，O 点为三角形的中心，通过三根直导线的电流大小分别用小 I1，I2、I3 表示，电流方向如图所示.当 I1=I2=I3=I 时，O 点的磁感应强度大小为 B，通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小跟电流成正比，则下列说法正确的是 A．当I1=3I，I2=I3=I时，O点的磁感应强度大小为 2B B．当I1=3I，I2=I3=I时，O点的磁感应强度大小为 3B

2020-2021学年新人教版高二上册物理第一次考试试卷带答案

2020-2021学年高二（上）第一次考试物理试卷一、选择题1. 如图所示，质量分布均匀的球位于水平地面上，球的质量为m、半径为R．以地面为参考平面，球的重力势能为（）mgR C.mgR D.−mgRA.0B.122. 如图所示，质量相等的两物体A、B处于同一高度，A自由下落，B沿固定在地面上的光滑斜面从静止开始下滑，最后到达同一水平面，则（）A.重力对两物体做功不同B.重力的平均功率相同C.到达底端时重力的瞬时功率P A等于P BD.到达底端时重力的瞬时功率P A大于P B3. 如图所示，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（）A.在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道Ⅰ上运动的周期B.在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度C.在轨道Ⅱ上经过A的速度大于在轨道Ⅰ上经过A的速度D.在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度4. 如图所示，将质量为m的石块从离地面ℎ高处以初速度v0斜向上抛出，以地面为参考平面，不计空气阻力，当石块落地时（）mv02A.动能为mgℎB.动能为12mv02C.重力势能为mgℎD.机械能为mgℎ+125. 如图所示，三个小球在离地面不同高度处，同时以相同的速度向左水平抛出，小球A落到D点，DE=EF=FG，不计空气阻力，每隔相等的时间间隔小球依次碰到地面．则关于三小球（）A.B、C两球落在D点左侧B.B球落在E点，C球落在F点C.三小球离地面的高度AE:BF:CG=1:4:9D.三小球离地面的高度AE:BF:CG=1:3:56. 如图所示，竖直平面内放一光滑直角杆MON，OM水平，ON竖直，用不可伸长的轻绳相连的两小球A和B分别套在OM和ON杆上，B球的质量为2kg，在作用于A球的水平力F的作用下，A、B均处于静止状态，此时OA=0.3m，OB=0.4m，改变水平力F的大小，使A球向右加速运动，已知A球向右运动0.1m时速度大小为3m/s，则在此过程中绳对B球的拉力所做的功为（取g=10m/s2）（）A.18JB.16JC.11JD.9J7. 如图所示，一轻弹簧一端固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速度释放，让它自由摆下．不计空气阻力，则在重物由A点摆向最低点B的过程中（）A.弹簧与重物的总机械能守恒B.弹簧的弹性势能增加C.重物的机械能不变D.重物的机械能减小8. 已知引力常量为G，利用下列数据可以计算出地球质量的是（）A.地球绕太阳做匀速圆周运动的周期T和轨道半径rB.某卫星绕地球做匀速圆周运动的周期T和角速度ωC.某卫星绕地球做匀速圆周运动的周期T和轨道半径rD.若不考虑地球自转，已知地球半径R和地球表面的重力加速度g9. “水流星”是一种常见的杂技项目，该运动可以简化为细绳一端系着小球在竖直平面内的圆周运动模型．已知绳长为l，重力加速度为g，则（）A.小球运动到最低点Q时，处于超重状态B.小球初速度v0越大，则在P、Q两点绳对小球的拉力差越大C.当v0>√6gl时，小球一定能通过最高点PD.当v0<√gl时，小球一定能通过最高点P10. 一滑块静止在水平面上，t=0时刻在滑块上施加一水平力F，力F和滑块的速度v 随时间的变化规律分别如图甲、乙所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A.力F在第1s内做的功为4JB.力F在第1s内做的功为2JC.滑块与水平面间的摩擦力大小为2ND.力F在第2s内做的功的功率为3W二、实验填空题如图所示，某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取出a、b、c、d四个点（轨迹已擦去）．已知小方格纸的边长L= 2.5cm，g取10m/s2．请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：（1）小球从a→b、b→c、c→d所经历的时间________（填“相等”或“不相等”）．（2）平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，根据题意，求出小球从a→b、b→c、c→d所经历的时间是________s．（3）再根据水平位移，求出小球平抛运动的初速度v0=________m/s．图甲是“验证机械能守恒定律”的实验装置图，下面一些实验步骤：A．用天平测出重锤和夹子的质量B．把打点计时器用铁夹固定在放到桌边的铁架台上，使两个限位孔在同一竖直面内C．把打点计时器接在交流电源上，电源开关处于断开状态D．将纸带穿过打点计时器的限位孔，上端用手提着，下端夹上系住重锤的夹子，让重锤靠近打点计时器，处于静止状态E．接通电源，待计时器打点稳定后释放纸带，再断开电源F．用秒表测出重锤下落的时间G．更换纸带，重新进行实验（1）对于本实验，以上不必要的步骤是________．（2）图乙为实验中打出的一条纸带，O为打出的第一个点，A、B、C为从适当位置开始选取的三个连续点（其他点未画出），打点计时器每隔0.02s打一个点，若重锤的质量为0.5kg，当地重力加速度取g=9.8m/s2，由图乙所给的数据算出（结果保留两位有效数字）：①在纸带上打下计数点B的速度为________m/s；②从O点下落到B点的过程中，重锤重力势能的减少量为________J，打B点时重锤的动能为________J．（3）实验中发现重力势能的减少量________动能的增加量（选填“略大于”“略小于”或“等于”）．三、解答或论述题一水平放置的圆盘，可以绕中心O点旋转，盘上放一个质量是0.4kg的铁块（可视为质点），铁块与中间位置用轻质弹簧连接，如图所示．铁块随圆盘一起匀速转动，角速度是10rad/s时，铁块距中心O点30cm，这时弹簧的拉力大小为11N，g取10m/s2，求：（1）圆盘对铁块的摩擦力大小．（2）在此情况下要使铁块不向外滑动，铁块与圆盘间的动摩擦因数至少为多大？汽车发动机的额定功率为60kW，汽车的质量为5×103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车的重力的0.05倍，若汽车始终保持额定的功率不变，取g=10m/s2，则从静止启动后，求：（1）汽车所能达到的最大速度是多大？（2）当汽车的加速度为1m/s2时，速度是多大？双星系统中两个星球A、B的质量都是m，A、B相距L，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动．实际观测该系统的周期T要小于按照力学理论计算出的周期理论值T0，=k(k<1)，于是有人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球C的影响，并认为C且TT0位于双星A、B的连线正中间，相对A、B静止，求：（1）两个星球A、B组成的双星系统周期理论值T0；（2）星球C的质量．如图所示是某次四驱车比赛的一段轨道．四驱车（可视为质点）的质量m=1.0kg，额定功率为P=7W．四驱车从水平平台上A点以额定功率启动，经过一段时间t1=1.5s后关闭发动机，四驱车由平台边缘B点飞出后，恰能沿竖直光滑圆弧轨道CDE上C点的切线方向飞入圆形轨道．已知四驱车在AB段运动时的阻力f恒为1N，AB间的距离L=6m，圆轨道的半径R=1m，∠COD=53∘，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力．sin53∘=0.8，cos53∘=0.6，求：（1）四驱车从B点飞出时的速度v B的大小；（2）四驱车从B点运动到C点的时间t2；（3）四驱车第一次经过D点时对轨道的压力大小．参考答案与试题解析一、选择题1.【答案】C【解析】明确球体的重力势能一般考虑球心处的高度，所以根据设定的零势能面确定重心的高度，再由mgℎ即可求得重力势能．2.【答案】D【解析】根据下降的高度比较重力做功的大小，结合牛顿第二定律和运动学公式比较运动的时间，从而比较重力做功的平均功率．根据动能定理得出到达底端的速度，结合瞬时功率公式比较重力做功的瞬时功率大小．3.【答案】B【解析】=C，比较轨道Ⅱ和轨道Ⅰ上运动的周期；A．根据开普勒第三定律R3T2B．轨道Ⅱ上由A点运动到B点，引力做正功，动能增加；C．从轨道Ⅰ的A点进入轨道Ⅱ需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动；D．根据牛顿第二定律，通过比较所受的万有引力比较加速度．4.【答案】D【解析】不计空气阻力，石块的机械能守恒，根据机械能守恒求出石块落地时的动能大小、机械能大小．重力势能计算式为E P=mgℎ，ℎ是相对于参考平面的高度．5.【答案】C【解析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由于抛出速度相同，根据时间关系可确定各自运动的水平位移和各自抛出高度之比．6.【答案】A【解析】先根据两球的速度沿绳子方向的分量相等，列式求出A球向右运动0.1m时B球的速度，由几何关系求出此过程中B球上升的高度．再以B球为研究对象，由动能定理求绳对B球的拉力所做的功．7.A,B,D【解析】由A到B的过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，通过弹簧的形变量判断弹性势能的变化，通过能量守恒判断重物机械能的变化．8.【答案】C,D【解析】要求解地球的质量，有两种途径，一种是根据地球表面重力等于万有引力，另一种途径是根据卫星的万有引力提供向心力列方程求解．9.【答案】A,C【解析】小球在最高点绳子的拉力与重力的合力提供向心力，在最低点也是绳子的拉力与重力的合力提供向心力，可根据牛顿第二定律列式求解，同时小球从最高点运动得到最低点的过程中，只有重力做功，可运用动能定理列式求解．10.【答案】B,D【解析】由乙图可知，在v−t图象中与时间轴所围面积即为位移，据此求出第1s内的位移，根据W=Fx求得拉力做功；物块在第2秒内做匀速直线运动，求出摩擦力；由P=Fv求出功率．二、实验填空题【答案】（1）相等（2）0.05（3）1.0【解析】此题暂无解析【答案】（1）AF（2）①1.8,②0.86,0.81（3）略大于【解析】此题暂无解析三、解答或论述题【答案】（1）圆盘对铁块的摩擦力大小为1N．（2）在此情况下要使铁块不向外滑动，铁块与圆盘间的动摩擦因数至少为0.25．【解析】此题暂无解析（1）汽车所能达到的最大速度是24m/s；（2）当汽车的加速度为1m/s2时，速度是8m/s．【解析】根据汽车速度的变化判断牵引力的变化，结合牛顿第二定律判断加速度的变化，从而得出汽车的当汽车的加速度为零时，汽车的速度最大，结合牵引力的大小求出最大速度；根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，结合P=Fv求出汽车的速度；应用动能定理和牛顿运动定律求时间．【答案】（1）双星系统周期理论值T0是2π√L32Gm．（2）星球C的质量是1−k 24k2m．【解析】万有引力定律及其应用．【答案】（1）四驱车从B点飞出时的速度v B的大小为3m/s；（2）四驱车从B点运动到C点的时间t2为0.4s；（3）四驱车第一次经过D点时对轨道的压力大小为43N．【解析】（1）小车离开B点做平抛运动，根据平行四边形定则求出水平分速度，从而得出B点的速度；（2）从B点运动到C点，做的是平抛运动，根据平抛运动的规律计算时间的大小；（3）根据机械能守恒定律求出D点的速度，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出压力的大小．。

湖北省2021-2022学年高二(上)期末调研考试物理试题(详解版)

A.0B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】穿过线框磁场的磁通量大小为
故选D。
4.有三根相互平行的直导线a、b、c垂直纸面放置，且它们在同一连线上，已知这三根导线中电流大小分别为、和，且，电流方向如图所示，则（）
A.直导线c受到的安培力向左
B.直导线a受到的安培力一定向右
C.若只增大，导线c受到的安培力从c指向b
D.若只减小，导线c受到的安培力从c指向a
【答案】C
【解析】
【详解】A．直导线a在c处产生的磁场方向垂直于向上，直导线b在c处产生的磁场方向垂直于向下，，则c处合磁场为零，因此受到的安培力为零，A错误；
B．根据“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”可知c对a排斥，b对a吸引，但是两力大小关系不能确定，则不能确定a受安培力的方向，B错误；
D．无线充电基座只能对配备接收线圈手机进行无线充电，故D错误。
故选C。
2.如图所示，在水平光滑地面上有A、B两个木块，A、B之间用一轻弹簧连接。A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间弹簧压缩并处于静止状态。若突然撤去力F，则下列说法中正确的是（）
A.木块A离开墙壁前，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒
故选B。
【点睛】本题要求学生能正确理解B-t图的含义，故道B如何变化，才能准确的利用楞次定律进行判定。根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的变化，由欧姆定律判断感应电流的变化，进而可确定安培力大小的变化。
6.光纤已经普遍应用到了通信领域，具有可弯曲、传输速度快、信息量大的优点。将一段光纤材料弯曲成四分之一圆弧，一束激光沿如图所示方向垂直射人材料一端，已知光纤材料的直径为，该激光在光纤材料中的折射率。若光束从入射端传至另一端的过程中不能沿侧壁射出，则弯曲光纤材料时对应的最小半径R为（）

湖北省仙桃市仙桃中学高二物理上学期精选试卷检测题

湖北省仙桃市仙桃中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A、B，AB连线中点为O.在A、B所形成的电场中，以O点为圆心半径为R的圆面垂直AB连线，以O为几何中心的边长为2R的正方形平面垂直圆面且与AB连线共面，两个平面边线交点分别为e、f，则下列说法正确的是( )A．在a、b、c、d、e、f六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B．将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力始终不做功C．将一电荷由a点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D．沿线段eOf移动的电荷，它所受的电场力先减小后增大【答案】BC【解析】图中圆面是一个等势面，e、f的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e、f的场强相同，故A错误．图中圆弧egf是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU可知：将一正电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力不做功，故B正确．a点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU可知：将一电荷由a点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同．故C正确．沿线段eof移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D错误．故选BC．【点睛】等量异种电荷连线的垂直面是一个等势面，其电场线分布具有对称性．电荷在同一等势面上移动时，电场力不做功．根据电场力做功W=qU分析电场力做功情况．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，从而电场力的变化．2．如图所示，A、B两点有等量同种正点电荷，AB连线的中垂线上C、D两点关于AB对t 时刻，一带正电的点电荷从C点以初速度v0沿CD方向射入，点电荷只受电场称，0力。

则点电荷由C到D运动的v-t图象，以下可能正确的是A．B．C ．D ．【答案】BD 【解析】【分析】【详解】由于AB 是同种电荷，所以连线中点的场强为零，无穷远处场强也为零，其间有一点电场强度最大，所以粒子从C 点向中点运动过程中，加速度可能一直减小，也可能先减小后增大，选项AC 错误，BD 正确。

2020-2021学年高二上学期第一次质量调研考试物理试题含答案解析

山东省临沂市第十九中学【最新】高二上学期第一次质量调研考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．在发射宇宙飞船时，利用地球的自转可以尽量减少发射时火箭所提供的能量，那么最理想的发射场地应在地球的（）A．北极B．赤道C．南极D．除以上三个位置以外的其他某个位置2．雨滴由静止开始下落，遇到水平吹来的风，下述说法正确的是（）①风速越大，雨滴下落时间越长②风速越大，雨滴着地时速度越大③雨滴下落时间与风速无关④雨滴着地速度与风速无关A．①②B．②③C．③④D．①④3．飞机以150m/s的水平速度匀速飞行，某时刻让A球落下，相隔1s又让B球落下，不计空气阻力，在以后的运动中，关于A球和B球的相对位置关系，正确的是（）A．A球在B球的前下方B．A球在B球的后下方C．A球在B球的正下方5m处D．A球在B球的正下方，距离随时间的增加而增加4．某星球与地球的质量比为a，半径比为b，则该行星表面与地球表面的重力加速度之比为( )A．a/b B．ab2C．a/b2D．ab5．如图所示，在外力作用下某质点运动的v—t图像为正弦曲线．从图中可以判断A．在t1～t2时间内，外力做正功B．在t1时刻，外力的功率最大C．在t1～t3时间内，外力做功的代数和为负值D．在0～t1时间内，外力做正功6．两个正、负点电荷周围电场线分布如图所示，P、Q为电场中两点，则A．正电荷由P静止释放能运动到QB．正电荷在P的加速度小于在Q的加速度C．负电荷在P的电势能高于在Q的电势能D．负电荷从P移动到Q，其间必有一点电势能为零7．如图所示，ab是—个位于竖直平面内的光滑圆弧形轨道，高度为h，轨道的末端与水平轨道相切于b点．一个小木块质量为m，在顶端a处由静止释放后沿轨道滑下，最后停止在水平段的c点．现使小木块从c点出发，靠惯性沿原路恰好回到a点，小木块具有初动能的值为Ek，则( )A．E k＝mgh B．mgh＜E k＜2mghC．E k＝2mgh D．E k＞2mgh8．如图所示，将质量m=2kg的一个小钢球（可看成质点）从离地面H=2m高处由静止开始释放，落人泥潭并陷入泥中h=5cm深处，不计空气阻力（g取10m/s2），则下列说法正确的是（）A．整个过程中重力做功为40J B．整个过程中重力势能减少41JC．泥对小钢球的平均阻力为800N D．泥对小钢球的平均阻力做功为40J9．如图所示，重10N的滑块在倾角为30°的斜面上，从a点由静止下滑，到b点接触到一个轻弹簧．滑块压缩弹簧到c点开始弹回，返回b点离开弹簧，最后又回到a点，已知ab＝0.8m，bc＝0.4m，那么在整个过程中下列说法错误的是()A．滑块动能的最大值是6JB．弹簧弹性势能的最大值是6JC．从c到b弹簧的弹力对滑块做的功是6JD．滑块和弹簧组成的系统整个过程机械能守恒10．甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同一直线相向运动，速度大小都是1m/s，甲、乙相遇时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为1m/s 和2m/s.求甲、乙两运动员的质量之比（）A．1:2B．2:1C．2:3D．3:2二、多选题11．如图所示，是流星在夜空中发出的明亮光焰，此时会有人在内心许下一个美好的愿望．有些流星是外太空物体被地球强大引力吸引坠落地面的过程中同空气发生剧烈摩擦形成的．下列相关说法正确的是（）A．空气摩擦力对流星做的功等于流星动能的变化量B．重力对流星做的功等于流星重力势能的减少量C．流星克服空气摩擦力做的功等于机械能的减少量D．流星克服空气摩擦力做的功等于机械能的增加量12．如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q（图中未画出）时速度为零．则小球aA．从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B．从N到P的过程中，速率先增大后减小C．从N到Q的过程中，电势能一直增加D．从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量13．某科技创新小组设计制作出一种全自动升降机模型．用电动机通过绳拉着升降机由静止开始匀加速上升．已知升降机的质量为m，当其速度为v1时电动机的功率达到最大值P．以后电动机保持该功率不变，直到升降机以v2匀速上升为止．整个过程中忽略摩擦阻力及空气阻力。

湖北省仙桃中学2020-2021学年度高二第一学期第一次调研模拟考试物理试题含答案解析

湖北省仙桃中学【最新】度高二第一学期第一次调研模拟考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下面关于点电荷的说法，正确的是( )A．只有体积很小的带电体才能看成是点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成是点电荷C．当两个带电体的大小远小于它们间的距离时，可将这两个带电体看成是点电荷D．一切带电体都可以看成是点电荷2．三个相同的金属小球a、b和c,原来c不带电,而a和b带等量异号电荷,相隔一定距离放置,a、b之间的静电力为F.现将c球分别与a、b接触后拿开,则a、b之间的静电力将变为( )A．8FB．4FC．3 8 FD．2F3．关于电场，下列叙述正确的是( )A．以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都相同B．正电荷周围的电场强度一定比负电荷周围的电场强度大C．在电场中某点放入试探电荷q，该点的场强为E=Fq，取走q后，该点场强不变D．电荷在某点所受电场力很大，该点的电场强度一定很大4．如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a、b两点，用E a、E b分别表示两处场强的大小，则（）A．a、b两点的场强方向相反B．因为电场线由a指向b，所以E a＞E bC．因为电场线是直线，所以E a = E bD．因为不知道a、b附近的电场线分布情况，所以不能确定E a、E b的大小关系．5．如图所示,四个电场线图,一正电荷在电场中由P到Q做加速运动且加速度越来越大,那么它所在的电场是()A．B．C．D．6．如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc，则把点电荷+q从a点经b移到c的过程中，电场力做功的大小关系有（）A．W ab＞W bc B．W ab=W bc C．W ab＜W bc D．无法比较7．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab的中点．a、b电势分别为φa＝5 V，φb＝3 V，下列叙述正确的是()A．该电场在c点处的电势一定为4 VB．a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a8．如图所示，A、B两板间电压为600 V，A板带正电并接地，A、B两板间距离为12 cm，C点离A板4 cm，下列说法正确的是（）A．C点的电势高于A点的电势B．E=5 000 V/m，φC=200 VC．电子在C点具有的电势能为-200 eVD．电子在C点具有的电势能为200 eV9．如图，一枕形导体AB原来不带电，将它放在一个负点电荷的电场中，点电荷的电荷量为Q，与AB中心O点的距离为R。

湖北省仙桃、天门、潜江2020┄2021学年高二上学期期末联考物理试题

一、选择题1. 在电场中的某点放一检验电荷,其电荷量为q(ｑ>0)，检验电荷受到的电场力为F,则该点的电场强度Ｅ=Ｆ/q,下列说法正确的是A. 若移去检验电荷,则该点的电场强度为０B. 若检验电荷的电荷量变为4q,则该点的场强变为4EC. 若放置到该点的检验电荷变为-2ｑ，则场中该点的场强大小、方向均不变D. 若放置到该点的检验电荷变为-2q,则场中该点的场强大小不变，但方向相反【答案】C【解析】由题,该点的电场强度E＝,若移去检验电荷,该点的电场强度仍为Ｅ=．故A错误.若检验电荷的电量变为4ｑ,检验电荷所受的电场力为4F，该点的电场强度仍为E=.故B错误．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q,检验电荷所受的电场力为﹣2F,该点的电场强度仍为E=．故C正确,D错误.故选C．点睛：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量,与试探电荷无关,在电场中同一点，电场强度是确定不变的．2．如图所示电路中，当变阻器的滑动头P向ｂ端移动过程中A．电压表示数变大，电流表示数变大B．电压表示数变小,电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变小D. 电压表示数变小,电流表示数变小【答案】C.....．....．.......【点睛】电压表测量路端电压.当变阻器的滑动头P向b端移动时,分析变阻器接入电路的电阻如何变化，确定外电路总电阻的变化,根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断电压表示数的变化.由欧姆定律判断并联部分电压的变化，确定通过的电流如何变化,由总电流和通过通过电流的变化分析电流表示数的变化.3. 如图所示,实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点.若带电粒子在运动中只受电场力作用,则根据此图可以判断出A. 带电粒子一定带正电B．a点的电势一定高于b点的电势C. 带电粒子在a点的速度一定大于在ｂ点的速度D. 带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能【答案】D【解析】假定粒子由a到b运动,由图可知,粒子偏向下方,则说明粒子在a、b两处所受的电场力向下,由于不知电场线方向,故无法判断粒子电性和那点电势更高，故AB错误；由图可知，若粒子从a到b的过程中，电场力做正功,故说明粒子速度增大,故可知b处速度较大，故C错误;电场力做正功，则电势能减小，故ｂ点电势能较小,故D正确；选D.【点睛】由粒子的偏转方向可得出粒子的受力方向,由功的计算可得出电场力做功的正负，由动能定理可得出粒子动能的变化;由电场力做功与电势能的关系可得出电势能的变化．4. 如图所示,水平桌面上放置一根条形磁铁,磁铁中央正上方用绝缘弹簧悬挂一水平直导线,并与磁铁垂直.当直导线中通入图中所示方向的电流时,和未通电相比较，可以判断出A. 弹簧的拉力减小，条形磁铁对桌面的压力增大B. 弹簧的拉力减小，条形磁铁对桌面的压力减小C. 弹簧的拉力增大,条形磁铁对桌面的压力增大D. 弹簧的拉力增大,条形磁铁对桌面的压力减小【答案】D【解析】条形磁铁位置磁感线如图所示：由图可知，磁场方向向右；根据左手定则，电流受到的安培力向下，故弹簧弹力变大;根据牛顿第三定律，电流对磁体的作用力与安培力等大、反向、共线,即向上,故磁体对地压力变小;故选Ｄ.【点睛】画出条形磁铁位置磁感线情况,然后根据左手定则判断安培力方向,再根据牛顿第三定律判断磁体受到的磁场力方向．5. 如图所示，用粗细相同的铜丝做成边长分别为L和２L的两只单匝闭合线框a和b，以相同的水平速度从磁感应强度为B的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外，则在此过程中A. 线框a、b中电流大小之比∶=１∶1B．线框a、b中电流大小之比∶=1∶2Ｃ. 线框a、b中焦耳热之比∶＝1∶2Ｄ. 线框a、b中焦耳热之比∶=1∶8【答案】A【解析】闭合线框a产生的感应电动势,电阻为,则产生的电流为；闭合线框b产生的感应电动势,电阻为，则产生的电流为，故，故Ａ正确，B错误;线框a产生的热量为，其中，，得;线框b产生的热量为,其中,,得，故，故CD错误；选A.【点睛】将闭合线框a和b匀速拉出磁场，根据感应电动势公式、电阻定律和欧姆定律求出电流之比，根据焦耳定律求出产生的热量之比.6. 如图所示,在水平面内固定有两平行金属导轨,导轨间距为Ｌ，两导轨间整个区域内分布有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向与导轨平面成θ角并与金属杆aｂ垂直，垂直于两导轨放置的金属杆aｂ重力为G.通过的电流为I，处于静止平衡状态，则A. 金属杆ab所受的支持力等于Ｇ+BＩＬsinθB. 金属杆ab所受的支持力等于G+ＢIL coｓθＣ. 金属杆aｂ所受的摩擦力大小为BIL coｓθD. 金属杆ab所受的安倍力大小为BＩL【答案】Ｄ【解析】作出金属杆受力的主视图,如图所示：因电流和磁场垂直，故安培力，根据平衡条件得:，故ABC错误,D正确;故选D．【点睛】金属杆ab受到重力、安培力、导轨的支持力和摩擦力平衡，金属杆与磁场方向垂直,安培力大小，根据平衡条件列方程求解．7. 如图所示中两条平行虚线之间存在匀强磁场,虚线间的距离为L,磁场方向垂直纸面向里．abc是位于纸面内的等腰直角三角形闭合线圈，aｃ边平行于磁场的虚线边界，bc边长也为L．现令线圈以恒定的速度沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域.从b点进入磁场区域作为计时起点，取沿a→ｂ→c的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中,感应电流i随时间ｔ(L/)变化的图线可能是A. Ｂ．C．D．【答案】C【解析】感应电流,在时间内，由右手定则楞次定律判断可知,感应电流方向沿逆时针方向,是负的，线框切割磁感线的有效长度均匀增加，则电流I均匀增加；在时间内,由右手定则楞次定律判断可知,感应电流方向沿顺时针方向,是正的，线框切割磁感线的有效长度均匀增加,则电流I均匀增加;由图示图象可知，ABD错误,C正确;故选C.【点睛】本题是图象问题,根据楞次定律和法拉第电磁感应定律、欧姆定律判断感应电流的方向,得到电流的解析式,再选择图象．8. 如图所示，一圆盘均匀分布着电荷量为Q的电荷,在垂直于圆盘且过圆心ｃ的轴线上有ａ、b、ｃ三个点，a和ｂ、b和c、c和ｄ间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(ｑ＞０)的固定点电荷．已知b点处的场强为零,则d点处场强的大小为(k为静电力常量）A. B.C． D.【答案】D【解析】电荷量为q的点电荷在b处产生电场强度为，方向向右;因b点处的场强为零,故电场的叠加原理，可知半径为R均匀分布着电荷量为Q的圆盘上电荷在b点产生的电场强度大小为,左；根据对称性原理，可知圆盘在ｄ产生的电场强度大小也为,方向向右;电荷量为q的点电荷在d 处产生电场强度的大小为,方向向右;故d点的电场强度大小为，选D.【点睛】根据点电荷场强公式和电场的叠加原理，求出圆盘在ｂ点处产生的场强,根据对称性得到圆盘在ｄ产生的场强，再由电场的叠加求解ｄ点的场强大小．9．如图所示,光滑水平面上存在有界匀强磁场，磁感应强度为B，边长为a的正方形闭合单匝线框ABCD 斜向穿进磁场，当AC(AC为正方形的对角线)刚进入磁场时速度为(⊥CD)，若线框的总电阻为R，则A. AC刚进入磁场时线框中感应电流为B. AC刚进入磁场时线框所受安培力为C．此时ＣD两端电压为D. 此时CD两端电压为【答案】BC【解析】ＡC刚进入磁场时ＣＤ边切割磁感线,AD边不切割磁感线，所以产生的感应电动势：Ｅ=Bav，则线框中感应电流为，故ＣD两端的电压为，故C正确,D错误;AＣ刚进入磁场时线框的ｃｄ边产生的安培力与v的方向相反，ad边受到的安培力的方向垂直于ＡD向下,它们的大小都是：F ＝BＩa,由几何关系可以看出,AD边与CＤ边受到的安培力的方向相互垂直，所以AC刚进入磁场时线框所受安培力为AD边与ＣD边受到的安培力的矢量合，即,,A错误;选BC．【点睛】由E=BIv求出电路中的感应电动势,由闭合电路的欧姆定律求出电路中的电流和CD两端的电压;将ＡＤ边与ＣD边受到的安培力进行矢量合成，求出线框受到的安培力.１0. 如图所示,固定的两平行金属导轨间距为l.导轨平面与水平面间的倾角为θ，导轨电阻不计，与阻值为R的定值电阻相连,匀强磁场垂直穿过导轨平面,磁感应强度为B.有一质量为m、长也为ｌ的导体棒从aｂ位置以初速度沿斜面向上运动,最远到达a′b′的位置，滑行的距离为s,已知导体棒的电阻也为R,与导轨之间的动摩擦因数为μ．在运动过程中导体棒ab始终与两导轨垂直且不脱离导轨，不计空气阻力．重力加速度为g,则Ａ. 上滑过程中导体棒克服安培力做的功为B. 上滑过程中整个电路产生的焦耳热为C. 上滑过程中导体棒受到的最大安培力为D. 上滑过程中导体棒损失的机械能为【答案】ＢCＤ【解析】导体棒在上滑过程受重力、支持力、摩擦力和安培力作用,其中重力、安培力、摩擦力都做负功,支持力不做功;根据动能定理得:，解得:,导体体棒克服安培力做功，产生的焦耳热，故上滑过程中整个电路产生的焦耳热为,故A错误，B正确;导体棒刚开始向上运动时速度最大，故产生的电流最大，则所受的安培力最大,由Ｅ=BLv、、得到最大安培力为,故Ｃ正确;上滑的过程中导体棒的动能减小，重力势能增加，故上滑过程中导体棒损失的机械能为，故Ｄ正确；选ＢCD.【点睛】导体棒向上做减速运动,开始时速度最大,产生的感应电流最大，受到的安培力最大,，由E＝BLｖ、、求出最大安培力．根据动能定理分析外力做的总功.上滑的过程中动能减小,重力势能增加，即可求得机械能的损失.由能量守恒定律研究R上产生的焦耳热.11. 如图所示,Ａ、B、C、Ｄ为某匀强电场中四边形的四个顶点，且AB∥CD、AB⊥BＣ，边长关系为BC=C Ｄ＝２AB=4cm，电场线与四边形所在平面平行．已知Ａ、Ｂ、C三点电势分别为＝2０V，＝16V，=24V．则A. D点电势为3６VB. 场强的大小为V／mC. 场强的方向由Ｄ指向AＤ．场强的方向由Ｄ指向Ｂ【答案】BＤ【解析】根据电场线与等势线相片垂直的原量,作出对应的电场图如图所示，虚线表示等势线、实线表示电场线.根据匀强电场中U=Ed可知，三角形ＢＣD是等腰直角三角形，具有对称性,ＢD连线中点d的电势与Ｃ相等,为24Ｖ，则;因ｄB与Dd的距离相等，故，又,解得，故A错误;，则电场强度为,B正确;由图可知,电场强度方向由D指向Ｂ，故C错误,Ｄ正确；选BＤ．12．如图所示,在竖直平面内有一匀强磁场,磁感应强度方向垂直该竖直平面向里（图中未画出)，水平直线ab是匀强磁场的下边界,一个点状的粒子放射源固定于磁场中的Ｐ点,它在该竖直平面内向各个方向发射带正电粒子(不计重力），速率都相同．已知能打到直线ａb上的粒子在磁场中做圆周运动的最长时间为(T为粒子在磁场中做圆周运动的周期)．不计粒子间相互作用力和空气阻力,磁场区域足够大，则能打到直线ａb上的粒子在磁场中运动的时间可能为A． B. C. D.【答案】CD【解析】圆弧和直线ａb相切于D点，粒子转过的圆心角最大,运动时间最长为；圆弧经C点，粒子转过的圆心角最小,运动时间最短．如图所示:二、填空题13. 如图所示游标卡尺示数L=________cｍ,螺旋测微器示数D=_＿＿__＿__mm.电流表用０.6A量程时其示数I=____＿___A．【答案】(1). 5.０15或5.020 (２)．4．６９８0．00３（3）. 0.460【解析】游标卡尺的主尺读数为5０mm,游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.１5mｍ，则最终读数为：5０+0．15=50．15mm=５.０15cm;螺旋测微器的固定刻度为4.5ｍm，可动刻度为19.８×０.０１ｍｍ=0．198mm，所以最终读数为４.5mm+0.１9８mm=4.６98mm.电流表使用的是0.6A量程,分度值为0．０2Ａ，示数为Ｉ=0．460A．14．甲实验小组要探究一个规格为5.0V、０.20W的小灯泡的伏安特性曲线,有下列器材可供选用:A.电压表(量程0~６Ｖ，内阻约1.5kΩ)Ｂ.电压表(量程0～20Ｖ，内阻约20ｋΩ)C.电流表(量程0～３A,内阻约0.2Ω)Ｄ.电流表(量程0～50mＡ,内阻约2．0Ω）E．滑动变阻器（最大电阻约２０Ω)F.滑动变阻器(最大电阻约1kΩ)Ｇ.电源（电动势６V,内阻不计)、开关一个、导线若干⑴要求小灯泡电压从零开始调节,为了调节方便，测量尽可能准确,电压表应选用________，电流表应选用_＿______，滑动变阻器应选用________(填器材前面序号).⑵根据所选器材和要求在虚线框内画出实验电路图＿___＿＿__＿_＿____＿.⑶乙实验小组按正确操作得到另外一个元件伏安特性曲线(图像如图)，如果将这个元件直接接到电动势为3.０Ｖ、内电阻为7.５Ω的电源两端,则该元件电阻值是____＿___Ω.(结果保留2位有效数字)【答案】(1）． A （2）. D (3）. E （4). 如图所示:(5). １４或1５或16【解析】（１)由题意可知,灯泡的额定电压为5V,为了准确性及安全性原则,电压表应选择Ａ;由P=ＵI可得,灯泡的额定电流为：，电流表应选D；测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻,故滑动变阻器应选择Ｅ;(２)测量小灯泡的伏安特性曲线时,要求电压值从零开始变化,故滑动变阻器应采有分压接法;灯泡内阻约为，因,故电流表应采内接法;故电路图如图所示（3）将元件直接与电动势为３.0V、内电阻为７.5Ω的电源相连，根据闭合电路的欧姆定律得：，解得:，代入数据得：，则在元件伏安特性曲线坐标系内阻作出电源的Ｕ-I图象如图所示:由图示图象可知，元件两端电压为Ｕ=2V，通过灯泡的电流Ｉ=0.14Ａ,则元件的电阻值是.三、计算题15．在水平面内固定有两根足够长的光滑平行金属导轨，两导轨间距L=2.0m,阻值R=0.80Ω的电阻固定接在两导轨间，整体位于匀强磁场中,磁场方向竖直向下,磁感应强度Ｂ=0.25T,俯视图如图所示．有一根导体棒aｂ放在导轨上，在水平向右恒力F=1.5Ｎ的作用下,从静止开始运动,在运动过程中导体棒ab始终与两导轨垂直且不脱离导轨，不计导轨和导体棒的电阻及空气阻力．⑴求导体棒运动前４.0ｍ过程中流过Ｒ上的电荷量;⑵求导体棒ａb的最大速度.【答案】⑴⑵【解析】（1)根据和求出平均感应电流，再由求出流过Ｒ上的电荷量；（２）当导体棒做匀速运动时,速度最大,根据平衡条件求出最大速度.（１)平均感应电动势：磁通量变化量：平均感应电流：流过Ｒ上的电荷量：得：(2）设匀速运动时速度最大为，则:感应电动势：电流:安培力：即解得：1６. 如图所示,在竖直平面内分布着匀强电场，一带电小球质量为m、带电量为q(q＞０)，从电场中的A 点无初速度释放，小球沿水平直线运动到B点,已知场强方向与水平直线AB的夹角为θ．重力加速度为g.A、B两点间距为Ｌ．不计空气阻力.求：⑴场强E大小；⑵A、B两点之间电势差;⑶小球从A点运动到B点的时间．【答案】⑴⑵⑶【解析】试题分析:（1)电场力在竖直方向的分力与重力平衡，由此求出电场强度；(2）根据Ｕ=Ed求解；(3)根据水平方向做匀加速运动,根据位移公式求出运动的时间.(1）在竖直方向上对小球：得:（2)(３)在水平方向上:得:由运动学知识:得：1７．如图所示，两竖直平行边界ＡB、CＤ间的整个区域有竖直向上的匀强电场(图中未画出),O点、Ｐ点分别是边界AB、CＤ上的两点,且ＯP⊥ＣＤ，在CＤ的右侧有一与CD相切于M点的圆形区域，整个圆形区域内有匀强磁场，磁场方向垂直于纸面（图中未画出)．一带正电粒子从Ｏ点以大小为的初速度沿ＯP方向射入该电场后,从M点进入圆形磁场区域,经磁场偏转后从CD边界上的N点垂直于CD边界回到电场区域,并恰能返回到O点,已知O、Ｐ两点间距离为d，M、Ｐ两点间距离为.m、电荷量为ｑ,粒子重力和空气阻力均不计,ｓin53°=0.８，coｓ5３°=０.6,求：⑴电场强度E的大小；⑵粒子到达M点时速度的大小;⑶磁感应强度B的大小和粒子在匀强磁场中运动时间．【答案】⑴⑵⑶【解析】试题分析:(1)先根据题目意思作出粒子的运动轨迹图，由图可知粒子从O点到M点做类平抛运动，根据类平抛运动规律求解即可；(2由动能定理即可求解在M点的速度大小;（3)根据粒子在磁场运动的规律求出磁感应强度，由几何知识求出圆心角,再求出运动时间.(1)作出粒子的运动轨迹图如图所示:由图可知,粒子从Ｏ点到M点做类平抛运动，其加速度为::竖直方向:得:⑵对粒子从O点到M点,由动能定理有：得：⑶在M点速度方向与水平方向夹角为,则:粒子从N点到O点做类平抛运动，有：水平方向:竖直方向：设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为Ｒ，圆心为由几何关系得:得:又得：粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期:圆弧所对应圆心角为::。

2020-2021学年省直辖县级行政区划仙桃市彭场高级中学高二物理测试题含解析

2020-2021学年省直辖县级行政区划仙桃市彭场高级中学高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于曲线运动，下列说法中正确的是A．物体做曲线运动时，速度可能不变B．物体做曲线运动时，加速度可能不变C．物体做曲线运动时，所受的合外力一定是在不断变化的D．物体做曲线运动时，合外力的方向一定与速度方向垂直参考答案：B2.参考答案：C3. （多选）有一条长约100米的悬链铁索桥，两端用钢丝绳固定在岸上，中间用一块块的木板固定在钢丝绳上。

由于桥不是太长，钢丝绳较细，人在木板上走动时会发生晃动。

质量较重的汤姆一人过桥时桥有一定幅度的晃动，质量较轻的玛丽看到汤姆过桥摇晃而惧怕，汤姆回头牵着玛丽俩人一起过桥时桥摇晃的非常厉害。

假定汤姆和玛丽走路的步幅一样大，两次过桥速度也一样大，关于这一现象下列说法中正确的是（）A.该桥有一个固有的振动频率B.若玛丽单独过桥，也会发生一定幅度的摇晃，但比汤姆单独过桥时的幅度小C.因汤姆较重，故单独过桥时施力接近桥的固有频率因而发生摇晃D.因玛丽较轻，故单独过桥时施力与桥的固有频率相差较大因而摇晃幅度小参考答案：AB 4. 下面关于交变电流的说法中正确的是：（）A.交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的最大值B.用交流电表测定的读数值是交流电的瞬时值C.给定的交变电流数值，在没有特别说明的情况下都是指有效值D.在相同时间内通过同一电阻，跟交变电流有相同热效应的直流电的数值是交变电流的有效值参考答案：CD5. 电动势为E，内阻为r的电源与定值电阻R1，R2，R3连成如图所示电路，当开关S闭合后，下列说法正确的是（）A.电路中的总电阻变大B.电路中的总功率变大C.电压表示数不变D.电流表示数变大参考答案：二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在“验证机械能守恒定律”的实验中，当地重力加速度的值为9.80m/s2，所用重物的质量为1.00kg．若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），那么：（1）打点计时器打下计数点B时，物体的速度v B=；（2）从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是△E p= ，此过程中物体动能的增加量△E k=（取g=9.8m/s2）；（3）通过计算，数值上△E p△E k（填“＞”、“=”或“＜”），这是因为；（4）实验的结论是．参考答案：（1）0.98m/s，（2）0.49J，0.48J，（3）＞，存在摩擦阻力，（4）在误差范围内物体下落机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度．根据B点的速度求出O到B过程动能的增加量，结合下降的高度求出重力势能的减小量，从而进行比较．【解答】解：（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度有：v B=m/s=0.98m/s（2）根据功能关系可知，当打点计时器打在B点时，重锤的重力势能的减少量为：△E P=mgh=1.0×9.8×0.05J=0.49J△E k=mv B2=0.48J（3）通过计算可知，在数值上△E p＞△E k．这是因为物体下落过程中存在摩擦阻力．（4）由此得出实验的结论是在误差范围内物体下落机械能守恒．故答案为：（1）0.98m/s，（2）0.49J，0.48J，（3）＞，存在摩擦阻力，（4）在误差范围内物体下落机械能守恒．7. 如图所示，水平地面上的物体质量为m，跨过动滑轮的绳子一端沿水平方向固定在墙上，另一端与水平方向成θ角，且受恒力F作用．在物体沿水平地面向右移动l的过程中，绳子的拉力所做的功W ＝________。

2021年高二物理上学期第一次质量检测试题(含解析)

2021年高二物理上学期第一次质量检测试题（含解析）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

共100分。

考试时间90分钟。

第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（每小题4分，共48分。

下列每小题所给选项只有一项符合题意，请将正确答案的序号填在答题卡上）1．如图所示，一恒力F与水平方向夹角为θ，作用在置于光滑水平面上，质量为m的物体上，作用时间为t，则力F的冲量为( )A．Ft B．mgtC．Fcosθt D．(mg-Fsinθ)t【答案】A【考点】动量定理．【解析】解：由I=Ft可得：F的冲量I=Ft；故选：A．2．关于物体的动量，下列说法中正确的是( )A．物体的动量越大，其惯性也越大B．同一物体的动量变化越大，其受到的一定越大C．物体的加速度不变，其动量一定不变D．运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的速度方向【答案】D【考点】动量冲量．【解析】解：A、惯性大小的唯一量度是物体的质量，如果物体的动量大，但也有可能物体的质量很小，所以不能说物体的动量大其惯性就大，故A错误；B、动量等于物体的质量与物体速度的乘积，即P=mv，同一物体的动量越大，其速度一定越大，故B错误．C、加速度不变，速度是变化的，所以动量一定变化，故C错误；D、动量等于物体的质量与物体速度的乘积，即P=mv，动量是矢量，动量的方向就是物体运动的方向，故D正确。

故选B3.如图所示，质量为m 的人，站在质量为M 的车的一端，相对于地面静止．当车与地面间的摩擦可以不计时，人由一端走到另一端的过程中，则( )A ．人运动越快，车运动越慢B ．车的运动方向总是与人的运动方向相反C ．人在车上行走时，车可以保持相对地面静止D ．车的运动方向可以与人的运动方向相同【答案】B【考点】动量守恒定律．【解析】解：对于人和车组成的系统，所受的合外力为零，系统的动量守恒，根据动量守恒定律得：m 人v 人+M 车v 车=0可见，人由一端走到另一端的过程中，速度方向相反，而且速度大小成正比，人快车也快；人在车上行走时，v 人≠0，v 车≠0，故A 正确，ACD 错误．故选：B4.将物体P 从静置于光滑水平面上的斜面体Q 的顶端以一定的初速度沿斜面往下滑，如图所示，在下滑过程中，P 的速度越来越小，最后相对斜面静止，那么由P 和Q 组成的系统( )A ．动量守恒B ．最后P 和Q 均静止C ．水平方向动量守恒D ．最后P 和Q 以一定的速度共同向右运动【答案】C【考点】动量定理；动量守恒定律．【解析】解：P 沿斜面向下做减速运动，系统竖直方向合外力不为零，系统动量不守恒，由于系统在水平方向的合外力为零，所以水平方向动量守恒，由于P 开始有一初速度，系统在水平方向有一向左的初动量，最后PQ 相对静止，又以一定的速度共同向左运动，故C 正确，ACD 错误故选C5.将静置在地面上，质量为M(含燃料)的火箭模型点火升空，在极短时间内以相对地面的速度v0竖直向下喷出质量为m 的炽热气体．忽略喷气过程重力和空气阻力的影响，则喷气结束时火箭模型获得的速度大小是( )A.m M v0B.M m v0C. m M －m v0D. M M －mv0【考点】动量守恒定律．【解析】解：取向上为正方向，由动量守恒定律得：0=（M-m）v-mv0则火箭速度故选：C．6.现代采煤方法中，有一种方法是用高压水流将煤层击碎而将煤采下，水流从高压水枪中射出，喷射速度很大，水流能将煤层击碎是因为水流( )A．有很大的动能B．有很大的动量C．和煤层接触时有很大的动量变化D．和煤层接触时单位面积上的动量变化率很大【答案】D【考点】动量定理．【解析】解：水能切割物体是因为单位时间内水在接触物体的单位面积上产生了较大的动量变化，从而由动量定理F可知，对煤层产生了较大的力；只有D正确；故选：D．7.物体在恒定的合力作用下做直线运动，在时间t1内动能由零增大到E1，在时间t2内动能由E1增加到2E1，设合力在时间t1内做的功为W1，冲量为I1，在时间t2内做的功是W2，冲量为I2，则( )A．I1＜I2，W1＝W2 B．I1＞I2，W1＝W2C．I1＞I2，W1＜W2 D． I1＝I2，W1＜W2【答案】B【考点】动能定理的应用；动量定理．【解析】解：根据动能定理得：W1=E1-0=E1，W2=2E1-E1=E1，则W1=W2．动量与动能的关系式为则由动量定理得：，，则I1＞I2．故选B8.如图所示，质量为M、长为L的长木板放在光滑水平面上，一个质量也为M的物块(视为质点)以一定的初速度从左端冲上木板，如果长木板是固定的，物块恰好停在木板的右端，如果长木板不固定，则物块冲上木板后在木板上相对木板最多能滑行的距离为( )A．L B.3L4C.L4D.L2【考点】动量守恒定律【解析】解：小物块所受合外力为滑动摩擦力，设物块受到的滑动摩擦力为f ，物块的初速度v0；如果长木板是固定的，物块恰好停在木板的右端，对小滑块的滑动过程运用动能定理列出等式：①如果长木板不固定，物块冲上木板后，物块向右减速的同时，木板要加速，最终两者一起做匀速运动，该过程系统受外力的合力为零，动量守恒，规定向右为正方向，根据系统动量守恒得：Mv0=（M+M ）v…②对系统运用能量守恒，有：…③由以上各式解得：故选：D ．9.电场中有一点P ，下列说法正确的是( )A ．把检验电荷放在P 点，它的电荷量减半，则P 点的电场强度减半B ．若P 点没有检验电荷，则P 点场强为零C ．P 点场强越大，则同一电荷在P 点所受电场力越大D ．P 点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向【答案】C【考点】电场强度．【解析】解： A 、场强是表示电场本身性质的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以当试探电荷的电荷量减半时，P 点的场强不变，故A 错误．B 、由于场强由电场本身决定，与试探电荷无关，所以当P 点没有试探电荷，P 点的场强不变，故B 错误．C 、由得，F=qE ，q 一定时F 与E 成正比，则知P 点的场强越大，同一试探电荷在P 点受到的电场力越大，故C 正确．D 、P 点的场强方向为就是放在该点的正试探电荷所受电场力的方向，与P 放在该点的负试探电荷所受电场力的方向相反，故D 错误．故选：C ．10.如图所示，A 、B 、C 、D 、E 是半径为r 的圆周上等间距的五个点，在这些点上各固定一个点电荷，除A 点处的电荷量为－q 外，其余各点处的电荷量均为＋q ，则圆心O 处( )A ．场强大小为2kq r2，方向沿OA 方向B ．场强大小为kq r2，方向沿AO 方向 C ．场强大小为kq r2，方向沿OA 方向 D ．场强大小为2kq r2，方向沿AO 方向【答案】A【考点】电场的叠加；电场强度．【解析】解：由点电荷的场强公式可知，各点电荷在O 点产生的场强大小为，电场强度是矢量，求合场强应用平行四边形定则，由对称性可知，B 、C 、D 、E 四个点电荷的合场强大小为，方向沿OA 方向，则A 、B 、C 、D 、E 四个点电荷的合场强大小为：E 合=E′+E=，方向沿OA 方向；故C 正确，ABD 错误；故选：C ．11.A 、B 两个小球带同种电荷，放在光滑的绝缘水平面上，A 的质量为m ，B 的质量为2m ，它们相距为d ，同时由静止释放，当它们距离为2d 时，A 的加速度为a ，速度为v,则( )A.此时B 的加速度为a/4B.此时B 的速度也为为v/2C.此过程中电场力对B 的冲量为2mvD.此过程中电场力对B 做的功为mv2/2【答案】B【考点】库仑定律；牛顿第二定律；电势能．【解析】解：A 、B 根据牛顿第三定律得知两个电荷间的相互作用力大小相等，由牛顿第二定律得F=ma ，得：，得：．故A 错误；B 、C 、将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律得：0=mv-2mvB ，得由能量守恒定律得：此过程中系统的电势能减少量为：，故D 错误，C 也错误，B 正确．故选：B ．12. 如图所示，在真空区域Ⅰ、II 中存在两个匀强电场E1、E2，并且E1>E2，电场线方向均竖直向下，在区域Ⅰ中有一个带负电的油滴沿电场线以速度v0匀速下落，并进入区域II(电场范围足够大)．则下图中描述的油滴在这两个电场中运动的速度—时间图象中，可能正确的是(以v0方向为正方向)C【答案】C【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【解析】解：带负电的粒子受到重力和电场力的作用，在上面的电场中重力等于电场力粒子恰做匀速直线运动，在下面的电场中，电场力将大于重力，粒子做匀减速直线运动，待速度为零后反向运动，然后返回上面的电场做匀速直线运动，由分析可知，C正确，故选C第Ⅱ卷（非选择题共52分）二．填空题（共12分）13.一质量为0.5 kg的小球A以2.0 m/s的速度和静止于光滑水平面上质量为1 kg的另一大小相等的小球B发生正碰，碰撞后它以0.2 m/s的速度反弹．则B球获得的速度大小为【答案】1.1 m/s【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【解析】解：由动量守恒定律得：P初=P末所以碰后甲乙两球的总动量：P末=P初=m甲v甲=0.5×2kg•m/s=1kg•m/s根据：m甲v甲=m甲v′甲+m乙v乙得：v乙=0.5×（2+0.2）=1.1m/s故答案为：1.114. 三个相同的金属小球1.2.3.分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径。

省直辖县级行政区划仙桃市中学高二物理测试题含解析

省直辖县级行政区划仙桃市中学高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 物理学中有许多物理量的定义，可用公式来表示，不同的概念定义的方法不一样，下列四个物理量中，定义法与其他物理量不同的一组是A．导体的电阻 B．电场强度C．电场中某点的电势 D．磁感应强度参考答案：A2. 某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图中信息可以判断 DA．在A和C时刻线圈处于中性面位置B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C．从A～D时刻线圈转过的角度为2πD．若从O～D时刻历时0.02 s，则在1 s内交变电流的方向改变100次参考答案：D3. （单选）如图所示，一个闭合导体圆环固定在水平桌面上，一根条形磁铁沿圆环的轴线运动，使圆环内产生了感应电流。

下列四幅图中，产生的感应电流方向与条形磁铁的运动情况相吻合的是参考答案：D本题主要考查楞次定律以及条形磁铁磁感线分布；选项A，磁场向上减弱，由增反减同知感应电流为俯视逆时针，选项A错误；选项B，磁场向上增强，由增反减同知感应电流为俯视顺时针，选项B错误；选项C，磁场向下减弱,由增反减同知感应电流为俯视顺时针，选项C错误；选项D, 磁场向下增强,由增反减同知感应电流为俯视逆时针,选项D正确；本题正确选项为D。

4. 如图所示，MN为两个匀强磁场的分界面，两磁场的磁感应强度大小的关系为B1=2B2，一带电荷量为+q、质量为m的粒子从O点垂直MN进入B1磁场，则经过多长时间它将向下再一次通过O点（）A．B．C．D．参考答案：B【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子垂直进入磁场，做匀速圆周运动，半径r=，则粒子在两个磁场中半径之比为1：2，画出轨迹，根据周期求出时间．【解答】解：粒子垂直进入磁场，由洛伦兹力提供向心力，则根据牛顿第二定律得qvB=m得轨迹半径r=，周期T==可知r1：r2=1：2 画出轨迹如图．粒子在磁场B1中运动时间为T1，在磁场B2中运动时间为粒子向下再一次通过O点所经历时间t=T1+=+=故选：B．5. （多选题）如图，一闭合的小金属环用一根绝缘细杆挂在固定点O处，使金属圆环在竖直线OO′的两侧来回摆动的过程中穿过水平方向的匀强磁场区域，磁感线的方向和水平面垂直．若悬点摩擦和空气阻力均不计，则（）A．金属环每次进入和离开磁场区域都有感应电流，而且感应电流的方向相反B．金属环进入磁场区域后越靠近OO′线时速度越大，而且产生的感应电流越大C．金属环开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后不再减小D．金属环在摆动过程中，机械能将全部转化为环中的电能参考答案：AC【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】首先要确定原磁场的方向及磁通量的变化，然后根据楞次定律进行判断感应电流的方向．根据能量守恒分析金属环摆角的变化．【解答】解：A、当金属环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化，会产生电流．环进入和离开磁场区域，磁通量的变化情况分别是增大和减小，根据楞次定律得感应电流的方向相反，故A正确．B、金属环进入磁场后，由于没有磁通量的变化，因而圆环中没有感应电流，不受磁场力作用，只在重力作用下，离平衡位置越近，则速度越大，故B错误．C、由于从左侧摆到右侧的过程中，线框中磁通量发生变化，因而产生感应电流，由于电阻的存在，线框中将产生焦耳热，根据能量守恒知线框的机械能将不守恒，故在左侧线框的高度将高于起始时右侧的高度，所以摆角会越来越小，当完全在磁场中来回摆动时，则没有感应电流，圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，故C正确．D、圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，机械能守恒，金属环在摆动过程中，只有一部分的机械能将转化为环中的电能，故D错误．故选：AC．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一个电流表G的内阻Rg=1KΩ满偏电流为Ig=500μA，其满偏电压为 V。

湖北省武汉市仙桃第一中学2020-2021学年高二物理期末试卷带解析

湖北省武汉市仙桃第一中学2020-2021学年高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 同学们通过实验探究，得到了在发生弹性形变时，弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系.下列说法中能反映正确的探究结果的是( )A．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量成正比B．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量成反比C．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量的平方成正比D．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量无关参考答案：A2. （多选）目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图所示表示它的发电原理：将一束等离子体(即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的粒子，而从整体来说呈中性)沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷．在磁极配置如图中所示的情况下，下述说法正确的是( )A．A板带正电B．有电流从B经用电器流向AC．金属板A、B间的电场方向向下D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力参考答案：BD3. 航天员若要走出舱外，所穿的宇航服必须要能阻挡宇宙射线的辐射．而射向地球的绝大多数宇宙射线，在地磁场洛仑兹力的作用下发生偏转，基本到达不了地球表面．如图所示，一束带正电粒子流（类似于宇宙射线）沿图中箭头所示方向通过两磁极间时，其偏转方向为（）A．向上B．向下C．向N极D．向S极参考答案：A解：蹄形磁铁的磁场方向由N指向S，带电粒子的方向，根据左手定则，洛伦兹力方向向上，则粒子向上偏转，故A正确，B、C、D错误．故选：A4. 如图L是绕在铁芯上的线圈，它与电阻R、开关S和电池E构成闭合回路．线圈的直流电阻RL R，开关S开始处于闭合状态，电阻两端电压Uab=U0，在t=tl时刻，断开开关S，则能较准确表示电阻R两端的电势差Uab随时间t变化的图线是（）参考答案：C5. （多选）如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（）效的切割长度．安培力的大小：F=BIL 中L 是有效长度．解答：解：A 、B 、不管沿什么将线圈拉出磁场，穿过线圈的磁通量都减小，根据楞次定律判断可知，线圈中感应电流的方向都是沿顺时针方向．故B 正确，A 错误．C 、感应电流的大小与感应电动势有关，而感应电动势与线圈移动时切割磁感线的有效长度有关，由于移动过程中有效的切割长度先增大后减小，则感应电动势也先增大后减小，感应电流先增大后减小．故C 错误．D 、线圈在切割磁感线的过程中，安培力的大小：F=BIL ，与电流的大小以及安培力的有效长度有关，由于感应电流先增大后减小，移动过程中有效长度先增大后减小，所以对金属环的拉力大小会发生变化．故D 正确．故选：BD ．点评：本题是楞次定律和E=BLv 的应用，注意公式E=BLv 中L 是有效的切割长度．安培力的大小：F=BIL 中L 是有效长度．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在真空中两个带等量异种的点电荷，电量均为2×10-8C ，相距20cm ，则它们之间的相互作用力为_________________N 。