2016年上海中考二模数学24题图文解析
合集下载
相关主题
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
满分解答
(1)因为抛物线 y=-x2+bx+c 与 x 轴交于 A(-1, 0)、C(3, 0)两点,所以
y=-(x+1)(x-3)=-x2+2x+3.
(2)如图 2,由于∠1 与∠3 互余,∠2 与∠4 互余,∠3=∠4,所以∠1=∠2.
所以 tan∠1=tan∠2.所以 OP OE .当 P (0, 2) 时, 2 OE .
所以 GK=2m+6,HK=m+3.
所以 GK=2HK.所以 GH=HK.
图2
(3)如图 2,在△CGH 中,∠CHG=45°,HG=m+3,HC= 2m . 分三种情况讨论等腰三角形 CGH: ①如图 3,当 HG=HC 时,m+3= 2m .解得 m 3 2 3 . ②如图 4,当 GH=GC 时,HC= 2 GH.解方程 2m 2(m 3) ,得 m 3 .
图1
动感体验
备用图
请打开几何画板文件名“16 崇明 24”,拖动点 D 在抛物线上 A、E 两点间运动,可以体 验到,△CGH 有三个时刻可以成为等腰三角形.
思路点拨
1.设顶点式求抛物线的解析式比较简便. 2.求直线 AE、AC 的解析式,比较 G、H 两点的纵坐标,可以得到 GK=2HK. 3.在△CGH 中,∠CHG=45°,夹∠CHG 的两条边可以表示出来.分三种情况讨论 等腰三角形 CGH.这是几何法求解. 4.在△CGH 中,三个顶点的坐标都可以表示出来,用两点间的距离公式表示三边长(的 平方),再分三种情况解方程.这是代数法求解.
满分解答
(1)设抛物线的解析式为 y=a(x+1)2+4,
代入点 A(-3,0),得 4a+4=0.
解得 a=-1.
所以 y=-(x+1)2+4=-x2-2x+3.
(2)如图 2,由 y=-x2-2x+3,得 C(0,3).
由 A(-3,0)、C(0,3),得直线 AC:y=x+3.
由 A(-3,0)、E(-1,4),得直线 AE:y=2x+6.
3 (3)当点 D 落在抛物线的对称轴上时,求点 P 的坐标.
图1ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
动感体验
备用图
请打开几何画板文件名“15 奉贤 24”,拖动点 P 在 OB 上运动,可以体验到,点 D 有 两次机会可以落在抛物线的对称轴上.
思路点拨
1.第(1)题可以直接写出抛物线的交点式. 2.把图形中相等的锐角都标记出来,方便寻找比例线段. 3.当点 D 落在抛物线的对称轴上时,点 P 是 AD 的中点.
设 P(0, m),那么 D(1, 2m).
由△BMD∽△DNA,得 BM DN .所以 1 2m .解得 m=1,或 m= 1 .
MD NA
3 2m 2
2
所以点 P 的坐标为(0, 1)(如图 3 所示),或 (0, 1 ) (如图 4 所示). 2
图2
图3
考点伸展
第(3)题也可以这样思考:设 P(0, m).
2 ③如图 5,当 CG=CH 时,GH= 2 HC.解方程 (m 3) 2( 2m) ,得 m=-1(舍 去).
图2
考点伸展
图3
图4
第(3)题也可以用代数法来解:已知 C(0,3),G(m,2m+6),H(m,m+3). 所以 CG2=m2+(2m+3)2,GH2=(m+3)2,HC2=m2+m2=2m2.
如图 5,一方面,当点 D 落在抛物线的对称轴上时,D(1, 2m).
另一方面,由 tan∠1=tan∠2,得 OP OE .于是可得 OE=3m. OA OB
再根据 DN EN ,得 2m 3m 1 .解得 m=1,或 m= 1 .
AN DN
2 2m
2
图4
图5
图6
为什么点 P 会有两个解呢?这是因为以 AB 为直径的圆与抛物线的对称轴有两个交点,
例
2016 年上海市崇明县中考模拟第 24 题
如图 1,一条抛物线的顶点为 E(-1,4),且过点 A(-3,0),与 y 轴交于点 C.点 D 是这 条抛物线上一点,它的横坐标为 m,且-3<m<-1,过点 D 作 DK⊥x 轴,垂足为 K,DK 分别交线段 AE、AC 于点 G、H.
(1)求这条抛物线的解析式; (2)求证:GH=HK; (3)当△CGH 是等腰三角形时,求 m 的值.
例
2015 年上海市奉贤区中考模拟第 24 题
如图 1,在平面直角坐标系中,抛物线 y=-x2+bx+c 与 x 轴交于 A(-1, 0)、C(3, 0)两 点,与 y 轴交于点 B,点 P 为 OB 上一点,过点 B 作射线 AP 的垂线,垂足为点 D,射线 BD 交 x 轴于点 E.
(1)求该抛物线的解析式; (2)联结 BC,当点 P 的坐标为 (0, 2) 时,求△EBC 的面积;
如图 1,在平面直角坐标系中,直线 AB 过点 A(3,0)、B(0,m)(m>0),tan∠BAO=2. (1)求直线 AB 的表达式; (2)反比例函数 y k1 的图像与直线 AB 交于第一象限内的 C、D 两点(BD<BC),
x 当 AD=2DB 时,求 k1 的值;
①当 HG=HC 时,解方程(m+3)2=2m2,得 m 3 2 3 ,或 m 3 2 3 (舍去).
②当 GH=GC 时,解方程(m+3)2=m2+(2m+3)2,得 m 3 ,或 m=0(舍去). 2
③当 CG=CH 时,解方程 m2+(2m+3)2=2m2,得 m=-1(舍去),或 m=-3(舍去).
因此对应的点 P 有两个(如图 6 所示).
那么求点 D(点 P)的坐标还有更简便的方法:由勾股定理,得 AB2=AD2+BD2.
由 A(-1, 0)、B(0, 3)、D(1, 2m),得 12+32=22+(2m)2+12+(3-2m)2.
解得 m=1,或 m= 1 . 2
例
2016 年上海市虹口区中考模拟第 24 题
OA OB
3
33
此时 OE=2.所以 EC=1.
所以 S△EBC= 1 EC OB = 1 1 3= 3 .
2
2
2
(3)如图 3,由 y=-x2+2x+3,可知抛物线的对称轴是直线 x=1.
作 BM⊥y 轴交抛物线的对称轴于 M,设抛物线的对称轴与 x 轴交于点 N.
当点 D 落在抛物线的对称轴上时,由 AO=ON=1,可知 DN=2PO.
(1)因为抛物线 y=-x2+bx+c 与 x 轴交于 A(-1, 0)、C(3, 0)两点,所以
y=-(x+1)(x-3)=-x2+2x+3.
(2)如图 2,由于∠1 与∠3 互余,∠2 与∠4 互余,∠3=∠4,所以∠1=∠2.
所以 tan∠1=tan∠2.所以 OP OE .当 P (0, 2) 时, 2 OE .
所以 GK=2m+6,HK=m+3.
所以 GK=2HK.所以 GH=HK.
图2
(3)如图 2,在△CGH 中,∠CHG=45°,HG=m+3,HC= 2m . 分三种情况讨论等腰三角形 CGH: ①如图 3,当 HG=HC 时,m+3= 2m .解得 m 3 2 3 . ②如图 4,当 GH=GC 时,HC= 2 GH.解方程 2m 2(m 3) ,得 m 3 .
图1
动感体验
备用图
请打开几何画板文件名“16 崇明 24”,拖动点 D 在抛物线上 A、E 两点间运动,可以体 验到,△CGH 有三个时刻可以成为等腰三角形.
思路点拨
1.设顶点式求抛物线的解析式比较简便. 2.求直线 AE、AC 的解析式,比较 G、H 两点的纵坐标,可以得到 GK=2HK. 3.在△CGH 中,∠CHG=45°,夹∠CHG 的两条边可以表示出来.分三种情况讨论 等腰三角形 CGH.这是几何法求解. 4.在△CGH 中,三个顶点的坐标都可以表示出来,用两点间的距离公式表示三边长(的 平方),再分三种情况解方程.这是代数法求解.
满分解答
(1)设抛物线的解析式为 y=a(x+1)2+4,
代入点 A(-3,0),得 4a+4=0.
解得 a=-1.
所以 y=-(x+1)2+4=-x2-2x+3.
(2)如图 2,由 y=-x2-2x+3,得 C(0,3).
由 A(-3,0)、C(0,3),得直线 AC:y=x+3.
由 A(-3,0)、E(-1,4),得直线 AE:y=2x+6.
3 (3)当点 D 落在抛物线的对称轴上时,求点 P 的坐标.
图1ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
动感体验
备用图
请打开几何画板文件名“15 奉贤 24”,拖动点 P 在 OB 上运动,可以体验到,点 D 有 两次机会可以落在抛物线的对称轴上.
思路点拨
1.第(1)题可以直接写出抛物线的交点式. 2.把图形中相等的锐角都标记出来,方便寻找比例线段. 3.当点 D 落在抛物线的对称轴上时,点 P 是 AD 的中点.
设 P(0, m),那么 D(1, 2m).
由△BMD∽△DNA,得 BM DN .所以 1 2m .解得 m=1,或 m= 1 .
MD NA
3 2m 2
2
所以点 P 的坐标为(0, 1)(如图 3 所示),或 (0, 1 ) (如图 4 所示). 2
图2
图3
考点伸展
第(3)题也可以这样思考:设 P(0, m).
2 ③如图 5,当 CG=CH 时,GH= 2 HC.解方程 (m 3) 2( 2m) ,得 m=-1(舍 去).
图2
考点伸展
图3
图4
第(3)题也可以用代数法来解:已知 C(0,3),G(m,2m+6),H(m,m+3). 所以 CG2=m2+(2m+3)2,GH2=(m+3)2,HC2=m2+m2=2m2.
如图 5,一方面,当点 D 落在抛物线的对称轴上时,D(1, 2m).
另一方面,由 tan∠1=tan∠2,得 OP OE .于是可得 OE=3m. OA OB
再根据 DN EN ,得 2m 3m 1 .解得 m=1,或 m= 1 .
AN DN
2 2m
2
图4
图5
图6
为什么点 P 会有两个解呢?这是因为以 AB 为直径的圆与抛物线的对称轴有两个交点,
例
2016 年上海市崇明县中考模拟第 24 题
如图 1,一条抛物线的顶点为 E(-1,4),且过点 A(-3,0),与 y 轴交于点 C.点 D 是这 条抛物线上一点,它的横坐标为 m,且-3<m<-1,过点 D 作 DK⊥x 轴,垂足为 K,DK 分别交线段 AE、AC 于点 G、H.
(1)求这条抛物线的解析式; (2)求证:GH=HK; (3)当△CGH 是等腰三角形时,求 m 的值.
例
2015 年上海市奉贤区中考模拟第 24 题
如图 1,在平面直角坐标系中,抛物线 y=-x2+bx+c 与 x 轴交于 A(-1, 0)、C(3, 0)两 点,与 y 轴交于点 B,点 P 为 OB 上一点,过点 B 作射线 AP 的垂线,垂足为点 D,射线 BD 交 x 轴于点 E.
(1)求该抛物线的解析式; (2)联结 BC,当点 P 的坐标为 (0, 2) 时,求△EBC 的面积;
如图 1,在平面直角坐标系中,直线 AB 过点 A(3,0)、B(0,m)(m>0),tan∠BAO=2. (1)求直线 AB 的表达式; (2)反比例函数 y k1 的图像与直线 AB 交于第一象限内的 C、D 两点(BD<BC),
x 当 AD=2DB 时,求 k1 的值;
①当 HG=HC 时,解方程(m+3)2=2m2,得 m 3 2 3 ,或 m 3 2 3 (舍去).
②当 GH=GC 时,解方程(m+3)2=m2+(2m+3)2,得 m 3 ,或 m=0(舍去). 2
③当 CG=CH 时,解方程 m2+(2m+3)2=2m2,得 m=-1(舍去),或 m=-3(舍去).
因此对应的点 P 有两个(如图 6 所示).
那么求点 D(点 P)的坐标还有更简便的方法:由勾股定理,得 AB2=AD2+BD2.
由 A(-1, 0)、B(0, 3)、D(1, 2m),得 12+32=22+(2m)2+12+(3-2m)2.
解得 m=1,或 m= 1 . 2
例
2016 年上海市虹口区中考模拟第 24 题
OA OB
3
33
此时 OE=2.所以 EC=1.
所以 S△EBC= 1 EC OB = 1 1 3= 3 .
2
2
2
(3)如图 3,由 y=-x2+2x+3,可知抛物线的对称轴是直线 x=1.
作 BM⊥y 轴交抛物线的对称轴于 M,设抛物线的对称轴与 x 轴交于点 N.
当点 D 落在抛物线的对称轴上时,由 AO=ON=1,可知 DN=2PO.