高中生物练习-孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律(2)(教师版)

第1章遗传的基本规律第2节孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律（二）一、选择题1.甲、乙两位同学分别用小球做孟德尔定律模拟实验。

甲同学每次分别从Ⅰ,Ⅱ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学每次分别从Ⅲ,Ⅳ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合。

将抓取的小球分别放回原来小桶后再多次重复。

下列叙述错误的是A．实验中每个小桶内的两种小球的数量必须相等,每个小桶内小球的总数也必须相等B．甲同学模拟的是等位基因的分离和配子的随机结合C．乙同学模拟的是非同源染色体上非等位基因的自由组合D．甲、乙重复 300 次实验后,统计的 Dd、AB 组合的概率依次为 50%、25%【答案】A【解析】由图分析可知I和II模拟的是基因的分离定律,在此实验中I和II两个小桶代表的是雌雄生殖器官,桶内小球数量可以不等,但每只小桶内的两种小球的数量必须相等,A错误；分离定律的实质是等位基因随同源染色体的分开而分离,抓取的过程模拟的就是分离过程,而记录过程模拟的是配子的随机结合,B 正确； I和IV分别代表一对同源染色体,抓取过程模拟的是同源染色体上的等位基因分离,而非同源染色体上的非等位基因可以自由组合,C正确；在统计足够多的情况下,Dd组合的概率应是50%,AB组合的概率是25%,D正确。

2.下图为某红绿色盲家族系谱图,相关基因用X B、X b表示。

人的MN血型基因位于常染色体上,基因型有3种：L M L M（M型）、L N L N（N型）、L M L N（MN型）。

已知I-1、I-3为M型,I-2、I-4为N型。

下列叙述错误的是A．基因 M 与 N 具有相同的基因座位,而且是共显性B．Ⅱ-3 和Ⅱ-4 再生一个出现 MN 血型的红绿色盲男孩的几率是 1/16C．Ⅲ-1 为杂合子的几率是 5/8D．一个地区中男性红绿色盲个体在人群中的比例与这个群体中红绿色盲基因的频率相等【答案】D【解析】由MN血型系统中,有三种血型,分别是M型、N型和MN型,其基因型依次为L M L M、L N L N和L M L N,可知基因M与N具有相同的基因座位,而且是共显性,A正确；由Ⅱ-3的基因型为L M L N X B X B或L M L N X B X b,Ⅱ-4的基因型为L M L N X B Y,Ⅱ-3 和Ⅱ-4 再生一个出现 MN 血型的红绿色盲男孩的几率=12×14×12=116,B正确；仅研究MN血型,Ⅲ-1 为杂合子的几率是12,仅研究红绿色盲,Ⅲ-1 为杂合子的几率是14,故Ⅲ-1为杂合子的几率是1-1/2×3/4=58,C正确；只有处于哈迪——温伯格平衡的地区人群中男性红绿色盲个体在人群中的比例与这个群体中红绿色盲基因的频率相等,D错误。

3.已知某植物花瓣的形态和颜色受两对独立遗传的等位基因控制,其中基因组合AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因组合BB和Bb控制红色,基因组合bb控制白色。

下列叙述正确的是（）A．基因型为AaBb的植株自交,后代有6种表现型B．基因型为AaBb的植株自交,后代中红色大花瓣植株占3/16C．基因型为AaBb的植株自交,稳定遗传的后代有4种基因型、4种表现型D．大花瓣与无花瓣植株杂交,后代出现白色小花瓣的概率为100%【答案】B【解析】根据题意分析可知：红色大花瓣基因型是AAB_,白色大花瓣基因型是AAbb,红色小花瓣基因型是AaB_,白色小花瓣基因型是Aabb,无花瓣基因型是aa__,基因型为AaBb的植株自交,后代表现型有5种：红色大花瓣（AAB_）、白色大花瓣（Aabb）、红色小花瓣（AaB_）、白色小花瓣（Aabb）、无花瓣（aa__）,A错误；基因型为AaBb的植株自交,后代中红色大花瓣基因型（AAB_）其中AA占1/4,B占3/4,后代中红色大花瓣植株占1/4×3/4=3/16,B正确；基因型为AaBb的植株自交,后代能稳定遗传的后代有四种基因型,AABB、AAbb、aaBB、aabb,共三种表现型：红色大花瓣、白色大花瓣、无花瓣,C错误；大花瓣（AA）与无花瓣（aa）植株杂交,后代基因型是Aa,不一定是白花小花瓣,可能是红色小花瓣,D错误。

4.现提供分别标有A、a、B、b字母的小球各100个,用于盛放和随机抓取小球的容器4个。

下列四个模拟实验中无法实现的是A．利用A、a小球和2个容器模拟基因重组B．利用A、a小球和1个容器模拟等位基因分离C．利用4种小球和4个容器模拟双杂合体（两对等位基因独立遗传）的杂交D．利用4种小球和4个容器模拟双杂合体（两对等位基因独立遗传）的测交【答案】A【解析】A、a小球代表等位基因分离产生的两种配子,不能模拟基因重组,A符合题意；A、a小球代表等位基因分离产生的两种配子,可以利用A、a小球和1个容器模拟等位基因分离,B不符合题意；可以利用4种小球和4个容器模拟双杂合体（两对等位基因独立遗传）的杂交,C不符合题意；可以利用4种小球和4个容器模拟双杂合体（两对等位基因独立遗传）的测交,D不符合题意。

5.让独立遗传的黄色非甜玉米YYSS与白色甜玉米yyss杂交,在F2中得到白色甜玉米80株,那么F2中表现型不同于双亲的杂合植株约为( )A．160 B．240 C．320 D．480【答案】C【解析】F2中表现型不同于双亲的性状为黄色甜（Y_ss）和白色非甜（yyS_）。

两种表现型中各有三个组合,每种表现型中杂合的组合为2个。

所以F2中表现不同于双亲的杂合植株占4/16,根据白色甜玉米80株,占子二代的1/16,可知F2的总个体数为80×16,所以表现不同于双亲的杂合植株数为80×16×（4/16）＝320株。

综上所述,C正确,ABD错误。

6.某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制,基因型为AA的植株表现为大花瓣,Aa的为小花瓣,aa的无花瓣。

花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制,基因型为RR和Rr的花瓣是红色,rr的为黄色,两对基因独立遗传。

若基因型为AaRr的亲本自交,则下列有关判断错误的是( )A．子代共有9种基因型B．子代共有6种表现型C．子代有花瓣植株中,AaRr所占的比例约为1/3 D．子代的所有植株中,纯合子占1/4【答案】B【解析】试题分析：基因型为AaRr的亲本自交,若单独研究A和a这对等位基因,则子代的基因型有3种,其比例为AA:Aa:aa＝1:2:1,表现型为大花瓣、小花瓣和无花瓣3种,其比例为1:2:1；若单独研究R和r这对等位基因,则子代的基因型有3种,其比例为RR:Rr:rr＝1:2:1,表现型为红色和黄色2种；若将这两对基因综合在一起研究,则子代的基因型种类数是3×3＝9种,A项正确；子代共有5种表现型：红色大花瓣和黄色大花瓣、红色小花瓣和黄色小花瓣、无花瓣,B项错误；子代有花瓣植株所在比例为3/4,子代AaRr所占的比例为1/2Aa×1/2Rr＝1/4,所以子代有花瓣植株中,AaRr所占的比例约为1/4÷3/4＝1/3,C项正确；子代的所有植株中,纯合子占1/2（AA＋aa）×1/2（RR＋rr）＝1/4,D项正确。

7.下列图示过程可存在自由组合现象的是( )A．B．C．D．【答案】A【解析】该图表示减数分裂形成配子的过程,这里涉及两对等位基因,因此在减数第一次分裂后期会发生非同源染色体上非等位基因的自由组合,A正确；该表格表示雌雄配子随机结合的受精过程,该过程中不会发生自由组合现象,B错误；该图处于减数第二次分裂后期,而基因自由组合发生在减数第一次分裂后期,C错误；该图表示减数分裂形成配子的过程,这里只涉及一对等位基因,因此不会发生基因自由组合,D错误。

8.两对相对性状的纯合亲本杂交得F1,F1自交得F2,F2出现四种表现型,且比例约为9∶3∶3∶1。

下列叙述正确的是A．每对相对性状的遗传遵循分离定律,且表现为共显性B．F1产生的雌配子和雄配子数量相等,各有四种类型C．F1产生的雌配子和雄配子随机结合,有9种组合方式D．F2中与亲代表现型不同的新组合类型占3/8或5/8【答案】D【解析】F2出现四种表现型,且比例约为9：3：3：1,说明,每对相对性状的遗传遵循分离定律,且表现为完全显性,A错误；F1产生的雌配子和雄配子各有四种类型,但是数量不相等,B错误；F1产生的雌配子和雄配子随机结合,有16种组合方式,C错误；若相对性状的亲本为AABB、aabb,则F2与亲代表现型不同的新组合功能类型占3/8；若亲本为AAbb、aaBB,则F2与亲代表现型不同的新组合功能类型占5/8,D正确。

9.孟德尔以纯合的黄色圆形豌豆和绿色皱形豌豆为材料进行双因子杂交实验,下列叙述错误的是（）A．亲本的杂交过程发生了基因重组B．F1形成的雌雄配子均有4种类型C．F2子叶颜色的比例符合分离定律D．F2中不同于亲本表现型的新组合占3/8【答案】A【解析】由于亲本都是纯合体,所以杂交过程中没有发生基因重组,A错误；F1形成的雌雄配子均有4种类型,比例都是1：1：1：1,B正确；F2中种子圆粒和皱粒之比较近于3：1,子叶黄色与绿色之比也接近于3：1,与分离定律相符,C正确；由于亲本是纯合的黄色圆形豌豆和绿色皱形豌豆,所以不同于亲本表现型的新组合占3/16+3/16=3/8,D正确。

10.在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中,存在的毛色表现型与基因型的关系如表（注：AA纯合胚胎致死）。

请分析回答相关问题：（1）若亲本基因型为Aa1×Aa2,则其子代的表现型可能为__________。

（2）两只鼠杂交,后代出现三种表现型。

则该对亲本的基因型是__________,它们再生一只黑色雄鼠的概率是__________。

（3）假设进行很多对Aa2×a1a2的杂交,平均每窝生8只小鼠。

在同样条件下进行许多对Aa2×Aa2的杂交,预期每窝平均生__________只小鼠。

（4）现有一只的黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠,如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？实验思路如下：①选用该黄色雄鼠与多只__________色雌鼠杂交。

②__________。

结果预测：①如果后代出现黄色和灰色,则该黄色雄鼠的基因型为__________。

②如果后代出现______,则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。

【答案】黄色、灰色 Aa2、a1a2 1/8 6 黑观察后代的毛色 Aa1黄色和黑色【解析】（1）若亲本基因型为Aａ1和Aａ2,则其子代的基因型和表现型为AA（死亡）、Aａ1（黄色）、Aａ2（黄色）、ａ1ａ2（灰色）。

（2）由后代有黑色ａ2ａ2可推知其父母均有ａ2,又因后代由3中表现型,所以亲本的基因型为Aａ2和ａ1ａ,它们再生一只黑色鼠为1/4,雄性概率为 1/2 ,所以黑色雄鼠为1/8。