2020年全国高中数学联赛汇总更新

合集下载

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析说明:1. 评阅试卷时,请依据本评分标准。

选择题只设6分和0分两档,填空题只设9分和0分两档;其他各题的评阅,请严格按照本评分标准规定的评分档次给分,不要再增加其它中间档次。

2. 如果考生的解题方法和本解答不同,只要思路合理、步骤正确,在评卷时可参考本评分标准适当划分档次评分,5分为一个档次,不要再增加其他中间档次。

一、选择题(本题满分36分,每小题6分)本题共有6小题,每小题均给出A ,B ,C ,D 四个结论,其中有且仅有一个是正确的。

请将正确答案的代表字母填在题后的括号内。

每小题选对得6分;不选、选错或选出的代表字母超过一个(不论是否写在括号内),一律得0分。

1.使关于x 的不等式36x x k -+-≥有解的实数k 的最大值是( ) A .63- B .3 C .63+ D .62.空间四点A 、B 、C 、D 满足,9||,11||,7||,3||====DA CD BC AB 则BD AC ⋅的取值( )A .只有一个B .有二个C .有四个D .有无穷多个6.记集合},4,3,2,1,|7777{},6,5,4,3,2,1,0{4433221=∈+++==i T a a a a a M T i 将M 中的元素按从大到小的顺序排列,则第2020个数是( )A .43273767575+++ B .43272767575+++ C .43274707171+++ D .43273707171+++二、填空题(本题满分54分,每小题9分) 本题共有6小题,要求直接将答案写在横线上。

7.将关于x 的多项式2019321)(x xx x x x f +-+-+-= 表为关于y 的多项式=)(y g,202019192210y a y a y a y a a +++++ 其中.4-=x y 则=+++2010a a a .8.已知)(x f 是定义在),0(+∞上的减函数,若)143()12(22+-<++a a f a a f 成立,则a 的取值范围是 。

2020年全国高中数学联赛(四川预赛)试题及参考答案

2020年全国高中数学联赛(四川预赛)试题及参考答案

a3 (b c)2
b3 (c a)2
c3 (a b)2
(a
b c) .
求 的最大值.
解:取 a 1 ,b 1 , c 2 ,其中 0 1 .
2
2
6
(1 +)3 则 2
(1 )3 2
(2 )3
(1 +)3 2
1 2
(1 3 )2 ( 1)2 (2 )2 (1 3 )2 2
2
2
2
对任意的(0 1)成立. 6
注意到当
0+
(1 +)3 时, 2
(1 3 )2
1 2
2
1,
2
所以, 1 .
......5 分
另一方面,下证: =1成立,即证
a3 (b c)2
b3 (c a)2
c3 (a b)2
(a b c)
.
不妨设 a b c ,则可令 a=c x,b c y ,其中 x y 0 .
设 A(x1 ,y1) , B(x2 ,y2 ) ,则 x1 x2 k , x1x2 1.
过点 A(x1 ,y1) 的抛物线 y x2 的切线方程是 y y1 2x1(x x1) ,
由 y1 x12 ,代入可得 y 2x1x x12 .
过点 B(x2 ,y2 ) 的抛物线 y x2 的切线方程是 y 2x2 x x22 ,
所以,问题得证.
......15 分 ......20 分
参考答案及评分标准 (第 4 页,共 4 页)

k2
1 t ( t ≥1 ),则 d
| t2 1 2|
2
t
3
≥2
3
3
t
2 2t

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析(1)

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析(1)

2
4
2
2
【解析】 a =b , c =d ,设 a=x , b=x ; c=y , d=y ,x - y =9. ( x+y )( x- y ) =9.
∴ x+y2=9, x- y2=1, x=5, y2=4. b- d=53-25=125- 32=9 3.
11.将八个半径都为 1 的球分放两层放置在一个圆柱内,并使得每
n=q2+q+1,l

1 q(
q+1)
2+1,
2
q≥ 2,q∈ N.已知此图中任四点不共面, 每点至少有一条连线段, 存在一点至少有 q+2 条连
线段.证明:图中必存在一个空间四边形 ( 即由四点 A、B、 C、 D和四条连线段 AB、BC、CD、
DA组成的图形 ) .
2020 年全国高中数学联赛解答
BD DQ 本题成立.而要证 BDQ∽ DAQ,只要证 AD=AQ即可.
二、(本题 50 分)
设三角形的三边长分别是正整数 l ,m, n.且 l >m>n>0.
l
m
n
已知
3 10 4
=
3 10 4
=
3 10 4
,其中
{ x} =x- [ x] ,而 [ x] 表示不超过
x 的最大整数.求这种三角
形周长的最小值.
2
y=- (cot
u+tan u)+cos
u=- sin2
u+cosu.在
u∈ [ - ,- ] 46
时, sin2
u与
cos u 都单调递
11 增,从而 y 单调递增.于是 u=- 6时, y 取得最大值 6 3,故选 C.

2020全国高中数学联赛《初等数论》专题真题汇编

2020全国高中数学联赛《初等数论》专题真题汇编

2020全国高中数学联赛《初等数论》专题真题汇编1、记集合},4,3,2,1,|7777{},6,5,4,3,2,1,0{4433221=∈+++==i T a a a a a M T i 将M 中的元素按从大到小的顺序排列,则第2005个数是( )A .43273767575+++ B .43272767575+++ C .43274707171+++ D .43273707171+++ 【答案】C2、数码1232006,,,,a a a a L 中有奇数个9的2007位十进制数12320062a a a a L 的个数为( )A .200620061(108)2+B .200620061(108)2-C .20062006108+ D .20062006108- 【答案】B3、方程组0,0,0x y z xyz z xy yz xz y ++=⎧⎪+=⎨⎪+++=⎩的有理数解(,,)x y z 的个数为 ( )。

(A ) 1 (B ) 2 (C ) 3 (D ) 4【答案】B4、设p 是给定的奇质数,正整数k 使得k 2-pk 也是一个正整数,则k=【答案】14(p +1)2 【解析】设k 2-pk=n ,则(k -p 2)2-n 2=p 24,⇒(2k -p +2n )(2k -p -2n )=p 2,⇒k=14(p +1)2.5、如果自然数a 的各位数字之和等于7,那么称a 为“吉祥数”.将所有“吉祥数”从小到大排成一列,,,,321Λa a a 若,2005=n a 则=n a 5 .∵2005是第1+7+28+28+1=65个“吉祥数”,即.200565=a 从而.3255,65==n n又,210)5(,84)4(61069====C P C P 而∑==51.330)(k k P∴从大到小最后六个五位“吉祥数”依次是:70000,61000,60100,60010,60001,52000.∴第325个“吉祥数”是52000,即.520005=n a6、方程20062420042005(1)(1)2006x x x x x +++++=L 的实数解的个数为 .【答案】17、方程2010=++z y x 满足z y x ≤≤的正整数解(x ,y ,z )的个数是 . 【答案】336675从而满足z y x ≤≤的正整数解的个数为33667533567110031=++.8、已知=n a C ())95,,2,1(2162003200Λ=⎪⎪⎭⎫⎝⎛⋅⋅-n nnn ,则数列}{n a 中整数项的个数为 .【答案】159、已知他们中的任意两人至多通电话一次,他们中的任意n -2个人之间通电话的次数相等,都是3 k 次,其中k 是自然数,求n 的所有可能值. 【解析】显然n ≥5. 记n 个人为A 1,A 2, A N ,设A 1通话的次数为m 1, A i 与 A j 之间通话的数为y ij , l ≤n j i ≤, .则m i +m j – y i . j =∑=ns s m 121-k 3= c . (*)其中c 是常数 ,l ≤n j i ≤, . 根据(*)知,=-j i m m )()(s j s i m m m m +-+=sj s i y y ..-≤1 , l ≤n j i ≤, .⇒1≤-j i m m , l ≤n j i ≤,设 m i =max{m s ,1.n s ≤≤} ,m j = min{m s,1≤s ≤n.} , 则 m i +m j ≤1.若 m i +m j =1 ,则对于任意 s ,,j i ≠ 1≤s ≤n ,都有(m i +m s -y I ,s )- (m j +m s -y I ,s )=1-(y I ,s – y j ,s )=0 , 即 y I ,s – y j ,s = 1 故 y I ,s =1 , y j ,s = 0 . s ,,j i ≠ 1≤s ≤n ,因此 m i ≥ n -2 , m j ≥1 . 于是 ,m i +m j ≥n -3≥2 . 出现矛盾 ,故 m i +m j =0 ,即 m s (1≤s ≤n)恒为常数 。

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析.docx

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析.docx

2020 年全国高中数学联赛试题及详细解析说明:1. 评阅试卷时,请依据本评分标准。

选择题只设6 分和 0 分两档,填空题只设9 分和 0 分两档;其他各题的评阅,请严格按照本评分标准规定的评分档次给分,不要再增加其它中间档次。

2. 如果考生的解题方法和本解答不同,只要思路合理、步骤正确,在评卷时可参考本评分标准适当划分档次评分, 5 分为一个档次,不要再增加其他中间档次。

一、选择题(本题满分36 分,每小题 6 分)本题共有 6 小题,每小题均给出 A , B ,C ,D 四个结论,其中有且仅有一个是正确的。

请将正确答案的代表字母填在题后的括号内。

每小题选对得 6 分;不选、选错或选出的代表字母超过一个(不论是否写在括号内),一律得 0 分。

1.使关于 x 的不等式 x 36 x k 有解的实数 k 的最大值是()A . 63B. 3C. 63D . 62.空间四点 A 、 B 、 C 、 D 满足 | AB | 3, | BC | 7 , | CD | 11 , | DA | 9 , 则 AC BD 的取值()A .只有一个B .有二个C .有四个D .有无穷多个a 1 a 2 a 3a 4| a iT , i 1,2,3,4}, 将 M 中的元素按从大到小的6. 记集合 T { 0,1,2,3,4,5,6}, M {7 27 3747序排列, 第2020 个数是()A . 5 5 6 3B . 55 6 2 7 7273 74 772 73 7 4 C .11 0 4 D .11 0 3 7 72737477273 7 4二、填空 (本 分54 分,每小 9 分) 本 共有 6 小 ,要求直接将答案写在横 上。

7. 将关于 x 的多 式 f ( x)1 x x2 x 3x 19x 20 表 关于 y 的多 式 g( y)a 0 a 1 y a 2 y 2 a 19 y 19 a 20 y 20, 其中 y x 4. a 0a 1a20.8. 已知 f (x) 是定 在 ( 0,) 上的减函数, 若 f (2a 2a1) f (3a 24a 1) 成立, a 的取 范是。

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析 (3)

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析 (3)

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析一、选择题本题共有6小题,每题均给出(A )、(B )、(C )、(D )四个结论,其中有且仅有一个是正确的,请将正确答案的代表字母填在题后的括号内,每小题选对得6分;不选、选错或选出的代表字母超过一个(不论是否写在括号内),一律得0分。

1.设全集是实数,若A ={x|2-x ≤0},B ={x |2210-x=x 10},则B A I 是 ( )(A) {2} (B) {-1} (C) {x |x ≤2} (D) ∅2.给定正数p ,q ,a ,b ,c ,其中p ≠q ,若p ,a ,q 是等比数列,p ,b ,c ,q 是等差数列,则一元二次方程bx 2-2ax +c =0 ( ) (A)无实根 (B)有两个相等实根 (C)有两个同号相异实根 (D)有两个异号实根 3.平面上整点(纵、横坐标都是整数的点)到直线5435+=x y 的距离中的最小值是 (A)17034 (B) 8534 (C) 201 (D) 301( ) 4.设5sin5cosππωi +=,则以ω,ω3,ω7,ω9为根的方程是 ( )(A) x 4+x 3+x 2+x +1=0 (B) x 4-x 3+x 2-x +1=0(C) x 4-x 3-x 2+x +1=0 (D) x 4+x 3+x 2-x -1=0二、填空题(本题满分54分,每小题9分)本题共有6小题,要求直接将答案写在横线上。

5.arcsin(sin2000︒)=__________. 6.设a n 是(3-n x )的展开式中x 项的系数(n =2,3,4,…),则nn n a a a 333(lim 3322+++∞→Λ)=________. 7.等比数列a +log 23,a +log 43,a +log 83的公比是____________.8. 在椭圆12222=+by a x (a >b >0)中,记左焦点为F ,右顶点为A ,短轴上方的端点为B .若该椭圆的离心率是215-,则∠ABF =_________.【加试】(10月15日上午10∶00-12∶00)一.(本题满分50分)如图,在锐角三角形ABC 的BC 边上有两点E 、F ,满足∠BAE =∠CAF ,作FM ⊥AB ,FN ⊥AC (M 、N 是垂足),延长AE 交三角形ABC 的外接圆于D .证明:四边形AMDN 与三角形ABC 的面积相等.二.(本题满分50分) 设数列{a n }和{b n }满足,且Λ,2,1,0 47836711=⎩⎨⎧-+=-+=++n b a b b a a n n n n n n证明a n (n=0,1,2,…)是完全平方数.A B C DE F M N三.(本题满分50分)有n 个人,已知他们中的任意两人至多通电话一次,他们中的任意n -2个人之间通电话的次数相等,都是3 k次,其中k 是自然数,求n 的所有可能值.2000年全国高中数学联合竞赛试题答案1.【答案】D【解析】由22≤-x 得x=2,故A={2};由x x 101022=-得022=--x x ,故B={-1,2}.所以B A I =φ.3.【答案】C【解析】如图所示,设BD=t ,则OD=3t-1,从而B (3t-1,t )满足方程122=-y x ,可以得到t=3,所以等边三角形,ΔABC 的面积是33.4.【答案】 A【解析】由题意知pq=a2,2b=p+c,2c=q+b⇒32qp b +=,32q p c +=⇒bc=32q p +32q p +≥3232pq q p ⋅=pq=a 2 .因为p ≠q ,故bc> a 2,方程的判别式Δ= 4a 2-4bc<0,因此,方程无实数根.5.【答案】B【解析】设整点坐标(m,n),则它到直线25x-15y+12=0的距离为22)15(25121525-++-=n m d 34512)35(5+-=n m由于m,n ∈Z ,故5(5m-3n)是5的倍数,只有当m=n=-1,时5(5m-3n)=-10 与12的和的绝对值最小,其值为2,从而所求的最小值为8534.二、填空题(满分54分,每小题9分) 7.【答案】-20°【解析】sin2000°=sin(5×360°+200°)=sin200°=-sin20°故a rcsin(sin2000°)= a rcsin(-sin20°)= -a rcsin(sin20°)= -20° 8.【答案】18 【解析】由二项式定理知,223-⋅=n nn C a ,因此⎪⎭⎫ ⎝⎛--=-⋅=n n n n a n n 11118)1(2332⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+++∞→n n n a a a 3333322lim Λ=⎪⎭⎫⎝⎛-∞→n n 1118lim =18.11.【答案】3242a12.【答案】28【解析】abcd 中恰有2个不中数字时,能组成C 24= 6个不中数字abcd 中恰有3个不中数字时,能组成C 1312C 12C +12C 12C =12+4=16个不中数字abcd 中恰有4个不中数字时,能组成P 33=6个不中数字所以,符合要求的数字共有6+16+6=28个14.【答案】所求区间为[1,3]或[-2-17413]. 【解析】 化三种情况讨论区间[a,b].(1) 若0≤a<b, 则f (x)在[ a, b ] 上单调递减,故f(a) =2b, f(b)=2a 于是有⎪⎩⎪⎨⎧+-=+-=21321221321222b a a b ,解之得[ a, b ] = [ 1, 3 ], (2)若a <0 <b, f (x)在[ a, b ] 上单调递增,在[0,b] 上单调递减,,因此f (x)在x=0处取最大值2b 在x=a 或x=b 处取最小值2a.故2b=213,b=413.由于a<0, 又f(b)=-21(413)2 + 213=03239>故 f(x)在x=a 处取最小值2a,即 2a=221a +213,解得a=-2-17;于是得 [a,b]=[-2-17,413].(2) 当a<b ≤0时,f(x)在[a,b] 上单调递增,故f(a)=2a, f(b)=2b,即2a=-221a +213,2b=-221a +213.由于方程21x 2+2x-213=0的两根异号,故满足a πb π0的区间不存在.综上所述,所求区间为[1,3]或[-2-17413].15.【答案】所求条件为21a +21b=1.又在Rt △POQ 中,设点O 到PQ 的距离为h ,则h 1=21OP +21OQ=1,故得h=1 同理,点O 到QR ,RS ,SP 的距离也为1,故菱形PQRS 与C 0外切.充分性得证. [注]对于给出2222b a b a =+ ,22ba ab +=1等条件者,应同样给分.2000年全国高中数学联合竞赛试卷答案加试二.【解析】[证法一]:由假设得a 1=4, b 1=4且当n ≥1时(2a n+1-1)+13+n b =(14a n +12b n -7)+3(8a n +7b n -4) =[(2a n -1)+n b 3](7+43)依次类推可得(2a n -1)+n b 3= (7+1)34-n (2a 1 -1+13b )=(7+4n )3同理(2a n -1+ )-n b 3=(7+4n)3从而 a n =41(7+4n )3+41(7+4n)3+21 .由于 7±43=(2±2)3 ,所以 a n =[21(2+n )3+21(2-3)2]n由二项式展开得 c n =21(2+n )3+21(2-3)n =∑≤≤nk k n C 202 k 3 k n 22- , 显然C n 为整数,于是a n 为完全平方数.[证法二]:由已知得a n+1=7a n +6b n -3=7a n +6(8a n-1+7b n-1-4)-3=7a n +48a n-1+42b n-1-27 , 由 a n =7a n-1+6b n-1-3 ,得 42b n-1=7a n -49a n-1+21 ,从而 a n+1=7a n +48a n-1+7a n -49a n-1+21-27=14a n -a n-1-6 . 也就是 a n+1=14a n -a n-1-6 .设(a n+1-ka n +t)=p(a n -ka n-1+t) ……①②③④则有⎪⎩⎪⎨⎧=-==+6)1(114p t pk k p解得()()⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+=-=-=+=+=323323473234722t p k 或()()⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=+=+=-=-=323323473234722t p k三.【解析】显然n ≥5. 记n 个人为A 1,A 2, A N ,设A 1通话的次数为m 1, A i 与 A j 之间通话的数为y ij , l ≤n j i ≤, .则m i +m j – y i . j =∑=ns s m 121-k 3= c . (*)其中c 是常数 ,l ≤n j i ≤, .根据(*)知,=-j i m m )()(s j s i m m m m +-+=s j s i y y ..-≤1 , l ≤n j i ≤, .⇒1≤-j i m m , l ≤n j i ≤,设 m i =max{m s ,1.n s ≤≤} ,m j = min{m s,1≤s ≤n.} , 则 m i +m j ≤1.若 m i +m j =1 ,则对于任意 s ,,j i ≠ 1≤s ≤n ,都有(m i +m s -y I ,s )- (m j +m s -y I ,s )=1-(y I ,s – y j ,s )=0 , 即 y I ,s – y j ,s = 1 故 y I ,s =1 , y j ,s = 0 . s ,,j i ≠ 1≤s ≤n ,因此 m i ≥ n -2 , m j ≥1 . 于是 ,m i +m j ≥n -3≥2 . 出现矛盾 ,故 m i +m j =0 ,即 m s (1≤s ≤n)恒为常数 。

1_2020年全国高中数学联赛(福建赛区)预赛暨2020年福建省高中数学竞赛试题(2020.06.27)

1_2020年全国高中数学联赛(福建赛区)预赛暨2020年福建省高中数学竞赛试题(2020.06.27)

12020年全国高中数学联赛(福建省赛区)预赛暨2020年福建省高中数学竞赛试卷(考试时间:2020年6月27日上午9:00-11:30)一、填空题(共10小题,每小题6分,满分60分. 请直接将答案写在答题卷相应位置上)1.已知复数z 满足1z z i -=-,若61z z z ---为正实数,则z = ★★★ . 2.已知()3cos()f x x ωϕ=+(0ω>,ϕπ<),若5()08f π=,11()38f π=,且()f x 的最小正周期大于2π,则ϕ= ★★★ .3.已知[]x 表示不超过x 的最大整数,集合{}260A x x x =--<,[]{}22350B x x x =--=,则A B = ★★★ .4.已知函数()f x 是定义在R 上的偶函数,且对任意实数x ,都有(1)(1)f x f x +=-成立,当12x ≤≤时,()ln f x x =. 若关于x 的方程()10f x ax +-=在[]35x ∈,上有两个不相等的实数根,则a 的取值范围为 ★★★ .5.设1F 、2F 为双曲线C :22221x y a b-= (0a >,0b >) 的左、右焦点,过2F 的直线l 交双曲线C 的右支于A 、B 两点,且120AF AF ⋅=,2220F B F A +=,则双曲线C 的离心率为 ★★ . 6.在以凸十八边形的顶点为顶点构成的三角形中,任取一个三角形,则所取的三角形与该十八边形无公共边的概率为 ★★★ .7.如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,点E 、F 、G 分别在棱1AA 、11A D 、11D C 上,E 为1AA 中点,11111113D F D G D A D C ==. 记平面EFG 与平面11A B CD 的交线为m ,则直线m 与平面ABCD 所成角的正切值为 ★★★ .8.已知a 、b 、c 、d 为正数,且20202a b c d +=+=,则11a bcd+的最小值为 ★★★ . 9.已知实数m 满足:当关于x 的实系数一元二次方程20ax bx c ++=有实根时,2222()()()a b b c c a ma -+-+-≥总成立,则m 的最大值为 ★★★ .10.设正整数n 为合数,()f n 为n 的最小的三个正约数之和,()g n 为n 的最大的两个正约数之和. 若3()()g n f n =,则n 的所有可能值为 ★★★ .(第7题图)2 二、解答题(共5小题,每小题20分,满分100分.要求写出解题过程,写在答题卷相应位置上)11.已知数列{}n a 满足11a =,25a =,2143n n n a a a ++=-(*n N ∈).(1) 求数列{}n a 的通项公式;(2) 设13n n n n b a a +=,n T 是数列{}n b 的前n 项的和,求证:34n T <.12.已知椭圆C :22221x y a b+= (0a b >>) 的离心率为12,右焦点F 到直线20x y -+=的距离为22,1A 、2A 分别为椭圆C 的左、右顶点.(1) 求椭圆C 的方程;(2) 过点F 的直线l 交椭圆C 于A 、B 两点 (点A 在x 轴上方),T 为直线1A A 、2A B 的交点. 当点T 的纵坐标为63时,求直线l 的方程.13.如图,在ABC △中,AB AC <,ABC △的内切圆I 与边BC 、CA 分别切于点D 、E ,连AI 并延长交ABC △的外接圆O 于点N ,连ND 、NO 并延长分别交O 于点G 、M ,连GE 并延长交O 于点F .(1) 求证:NIG NDI △∽△;(2) 求证:MF AC ∥.14.已知2()(1)1x f x x a x e ⎡⎤=+-+⎣⎦,若2()0f x e +≥恒成立,求实数a 的取值范围.15.将一个20202020⨯方格表的每个小方格染黑、白两种颜色之一,满足以下条件:方格表中的任意一个小方格A ,它所在的行与列的所有小方格中,与A 异色的小方格多于与A 同色的小方格. 证明:染色后,方格表中每行、每列两种颜色的小方格一样多.(第13题图)。

2020年全国高中数学联赛(福建赛区)预赛暨2020年福建省高中数学竞赛试卷

2020年全国高中数学联赛(福建赛区)预赛暨2020年福建省高中数学竞赛试卷

当1 x 2 时,f (x) ln x . 若关于 x 的方程 f (x) ax 1 0 在 x 3 ,5上有两个不相等的实数
根,则 a 的取值范围为
.
【答案】
0
,15
【解答】 如图,分别作出函数
y f (x) 与 y ax 1 的图像,其中
P(0 ,1) , G( 1 ,0) . a
十八边形无公共边的三角形的个数为
1 3
18
(C125
14)
.
因此,所求的概率为
1 3
18 (C125 C138
14)
91 136
.
3
7.如图,在正方体 ABCD A1B1C1D1 中,点 E 、 F 、G 分别在棱 AA1 、 A1D1 、 D1C1 上, E

AA1
中点,
D1F D1 A1
D1G D1C1
1. 3
记平面 EFG 与平面 A1B1CD 的交线为 m ,则直线 m 与平面
ABCD 所成角的正切值为
.
【答案】 3 58 58
【解答】 如图,设 A1D 、 EF 的交点为 P . 延长 GF 、 B1A1
交于点 Q ,则 PQ 为平面 EFG 与平面 A1B1CD 的交线为 m .
不 妨 设 正 方 体 棱 长 为 3 , 则 由 D1F D1G 1 知 , D1 A1 D1C1 3
由图像可
知,当
xG
1 a
5
,即
(第 4 题答题图)
0
a
1 5
时,两函数图像在
x
3
,5
上有两个不同的交点.
所以,
a
的取值范围为
0
,1 5

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析一、选择题(每小题6分,共36分)1.(2020年全国高中数学联赛)删去正整数数列1,2,3,……中的所有完全平方数,得到一个新数列.这个数列的第2020项是(A) 2046 (B) 2047 (C) 2048 (D) 20492.设a ,b ∈R ,ab ≠0,那么直线ax -y +b=0和曲线bx 2+ay 2=ab 的图形是yxO Ox yO xyyx O A.B. C.D.3.过抛物线y 2=8(x +2)的焦点F 作倾斜角为60°的直线,若此直线与抛物线交于A 、B 两点,弦AB 的中垂线与x 轴交于点P ,则线段PF 的长等于(A ) 163 (B) 83 (C) 1633 (D) 8 34.若x ∈[-5π12 ,-π3 ],则y=tan(x +2π3 )-tan(x +π6 )+cos(x +π6 )的最大值是(A) 125 2 (B) 116 2 (C) 116 3 (D) 1253二.填空题(每小题9分,共54分)7.不等式|x |3-2x 2-4|x |+3<0的解集是 .8.设F 1、F 2是椭圆x 29+y 24=1的两个焦点,P 是椭圆上一点,且|PF 1|∶|PF 2|=2∶1,则△PF 1F 2的面积等于 .9.已知A={x |x 2-4x +3<0,x ∈R },B={x |21-x +a ≤0,x 2-2(a +7)x +5≤0,x ∈R}若A ⊆B ,则实数a 的取值范围是 .10.已知a ,b ,c ,d 均为正整数,且log a b=32,log c d=54,若a -c=9,则b -d= .11.将八个半径都为1的球分放两层放置在一个圆柱内,并使得每个球都和其相邻的四个球相切,且与圆柱的一个底面及侧面都相切,则此圆柱的高等于 .12. 设M n ={(十进制)n 位纯小数0.-a 1a 2…a n |a i 只取0或1(i=1,2,…,n -1),a n =1},T n 是M n 中元素的个数,S n 是M n 中所有元素的和,则lim n →∞S nT n= .五、(本题满分20分)15.一张纸上画有一个半径为R 的圆O 和圆内一个定点A ,且OA=a ,折叠纸片,使圆周上某一点A '刚好与点A 重合.这样的每一种折法,都留下一条折痕.当A '取遍圆周上所有点时,求所有折痕所在直线上点的集合.加试题(10月12日上午10:00-12:00)一、(本题50分)过圆外一点P 作圆的两条切线和一条割线,切点为A 、B ,所作割线交圆于C 、D 两点,C 在P 、D 之间.在弦CD 上取一点Q ,使∠DAQ=∠PBC . 求证:∠DBQ=∠PAC .二、(本题50分)设三角形的三边长分别是正整数l ,m ,n .且l >m >n >0.已知⎩⎨⎧⎭⎬⎫3l104=⎩⎨⎧⎭⎬⎫3m104=⎩⎨⎧⎭⎬⎫3n104,其中{x }=x -[x ],而[x ]表示不超过x 的最大整数.求这种三角形周长的最小值.三、(本题50分)由n 个点和这些点之间的l 条连线段组成一个空间图形,其中n=q 2+q +1,l ≥12q (q +1)2+1,q ≥2,q ∈N .已知此图中任四点不共面,每点至少有一条连线段,存在一点至少有q +2条连线段.证明:图中必存在一个空间四边形(即由四点A 、B 、C 、D 和四条连线段AB 、BC 、CD 、DA 组成的图形).2020年全国高中数学联赛解答第一试一、选择题(每小题6分,共36分)1.删去正整数数列1,2,3,……中的所有完全平方数,得到一个新数列.这个数列的第2020项是(A) 2046 (B) 2047 (C) 2048 (D) 2049 【答案】C【解析】452=2025,462=2116.在1至2025之间有完全平方数45个,而2026至2115之间没有完全平方数.故1至2025中共有新数列中的2025-45=1980项.还缺2020-1980=23项.由2025+23=2048.知选C .3.过抛物线y 2=8(x +2)的焦点F 作倾斜角为60°的直线,若此直线与抛物线交于A 、B 两点,弦AB 的中垂线与x 轴交于点P ,则线段PF 的长等于(A) 163 (B) 83 (C) 1633 (D) 8 3【答案】A【解析】抛物线的焦点为原点(0,0),弦AB 所在直线方程为y=3x ,弦的中点在y=p k =43上,即AB 中点为(43,43),中垂线方程为y=-33(x -43)+43,令y=0,得点P 的坐标为163.∴ PF=163.选A .4.若x ∈[-5π12 ,-π3],则y=tan(x +2π3)-tan(x +π6)+cos(x +π6)的最大值是(A) 125 2 (B) 116 2 (C) 116 3 (D) 1253【答案】C【解析】令x +π6=u ,则x +2π3=u +π2,当x ∈[-5π12,-π3]时,u ∈[-π4,-π6],y=-(cot u +tan u )+cos u=-2sin2u +cos u .在u ∈[-π4,-π6]时,sin2u 与cos u 都单调递增,从而y 单调递增.于是u=-π6时,y 取得最大值1163,故选C .二.填空题(每小题9分,共54分)7.不等式|x |3-2x 2-4|x |+3<0的解集是 .【答案】(-3,-5-12)∪(5-12,3). 【解析】即|x |3-2|x |2-4|x |+3<0,⇒(|x |-3)(|x |-5-12)(|x |+5+12)<0.⇒|x |<-5+12,或5-12<|x |<3. ∴ 解为(-3,-5-12)∪(5-12,3).9.已知A={x |x 2-4x +3<0,x ∈R },B={x |21-x +a ≤0,x 2-2(a +7)x +5≤0,x ∈R}若A ⊆B ,则实数a 的取值范围是 .【答案】-4≤a ≤-1.【解析】A=(1,3);又,a ≤-21-x∈(-1,-14),当x ∈(1,3)时,a ≥x 2+52x-7∈(5-7,-4).∴ -4≤a ≤-1.10.已知a ,b ,c ,d 均为正整数,且log a b=32,log c d=54,若a -c=9,则b -d= .【答案】93【解析】a 3=b 2,c 5=d 4,设a=x 2,b=x 3;c=y 4,d=y 5,x 2-y 4=9.(x +y 2)(x -y 2)=9.∴ x +y 2=9,x -y 2=1,x=5,y 2=4.b -d=53-25=125-32=93.11.将八个半径都为1的球分放两层放置在一个圆柱内,并使得每个球都和其相邻的四个球相切,且与圆柱的一个底面及侧面都相切,则此圆柱的高等于 .【答案】2+48【解析】如图,ABCD 是下层四个球的球心,EFGH 是上层的四个球心.每个球心与其相切的球的球心距离=2.EFGH 在平面ABCD 上的射影是一个正方形.是把正方形ABCD 绕其中心旋转45︒而得.设E 的射影为N ,则MN=2-1.EM=3,故EN 2=3-(2-1)2=22.∴ EN=48.所求圆柱的高=2+48.12. 设M n ={(十进制)n 位纯小数0.-a 1a 2…a n |a i 只取0或1(i=1,2,…,n -1),a n =1},N MHGFEDCBAT n 是M n 中元素的个数,S n 是M n 中所有元素的和,则lim n →∞S nT n= .【答案】118【解析】由于a 1,a 2,…,a n -1中的每一个都可以取0与1两个数,T n =2n -1.在每一位(从第一位到第n -1位)小数上,数字0与1各出现2n -2次.第n 位则1出现2n -1次.∴ S n =2n -2⨯0.11…1+2n -2⨯10-n.∴ lim n →∞S n T n =12⨯19=118.四、(本题满分20分)14.设A 、B 、C 分别是复数Z 0=a i ,Z 1=12+b i ,Z 2=1+c i(其中a ,b ,c 都是实数)对应的不共线的三点.证明:曲线Z=Z 0cos 4t +2Z 1cos 2t sin 2t +Z 2sin 4t (t ∈R)与△ABC 中平行于AC 的中位线只有一个公共点,并求出此点.【解析】曲线方程为:Z=a icos 4t +(1+2b i)cos 2t sin 2t +(1+c i)sin 4t=(cos 2t sin 2t +sin 4t )+i(a cos 4t +2b cos 2t sin 2t +c s in 4t )∴ x=cos 2t sin 2t +sin 4t=sin 2t (cos 2t +sin 2t )=sin 2t .(0≤x ≤1) y=a cos 4t +2b cos 2t sin 2t +c sin 4t=a (1-x )2+2b (1-x )x +cx 2即 y=(a -2b +c )x 2+2(b -a )x +a (0≤x ≤1). ①若a -2b +c=0,则Z 0、Z 1、Z 2三点共线,与已知矛盾,故a -2b +c ≠0.于是此曲线为轴与x 轴垂直的抛物线.AB 中点M :14+12(a +b )i ,BC 中点N :34+12(b +c )i .与AC 平行的中位线经过M (14,12(a +b ))及N (34,12(b +c ))两点,其方程为4(a -c )x +4y -3a -2b +c=0.(14≤x ≤34). ②令 4(a -2b +c )x 2+8(b -a )x +4a=4(c -a )x +3a +2b -c .即4(a -2b +c )x 2+4(2b -a -c )x +a -2b +c=0.由a -2b +c 0,得4x 2+4x +1=0, 此方程在[14,34]内有惟一解: x=12.以x=12代入②得, y=14(a +2b +c ).∴ 所求公共点坐标为(12,14(a +2b +c )).加试题(10月12日上午10:00-12:00)一、(本题50分)过圆外一点P 作圆的两条切线和一条割线,切点为A 、B ,所作割线交圆于C 、D 两点,C 在P 、D 之间.在弦CD 上取一点Q ,使∠DAQ=∠PBC . 求证:∠DBQ=∠PAC .分析:由∠PBC=∠CDB ,若∠DBQ=∠PAC=∠ADQ ,则∆BDQ ∽∆DAQ .反之,若∆BDQ ∽∆DAQ .则本题成立.而要证∆BDQ ∽∆DAQ ,只要证BD AD =DQAQ即可.二、(本题50分)设三角形的三边长分别是正整数l ,m ,n .且l >m >n >0.已知⎩⎨⎧⎭⎬⎫3l104=⎩⎨⎧⎭⎬⎫3m104=⎩⎨⎧⎭⎬⎫3n104,其中{x }=x -[x ],而[x ]表示不超过x 的最大整数.求这种三角形周长的最小值.【解析】当3l、3m、3n的末四位数字相同时,⎩⎨⎧⎭⎬⎫3l104=⎩⎨⎧⎭⎬⎫3m104=⎩⎨⎧⎭⎬⎫3n104.即求满足3l ≡3m ≡3n ( mod 104)的l 、m 、n .∴ 3n (3l -n -1)≡0 (mod 104).(l -n >0)但 (3n ,104)=1,故必有3l -n ≡1(mod 104);同理3m -n ≡1(mod 104).下面先求满足3x ≡1(mod 104)的最小正整数x .∵ ϕ(104)=104⨯12⨯45=4000.故x |4000.用4000的约数试验:∵ x=1,2,时3x ≡∕1(mod 10),而34≡1(mod 10),∴ x 必须是4的倍数;∵ x=4,8,12,16时3x ≡∕1(mod 102),而320≡1(mod 102),∴ x 必须是20的倍数;∵ x=20,40,60,80时3x ≡∕1(mod 103),而3100≡1(mod 103),∴ x 必须是100的倍数;∵ x=100,200,300,400时3x ≡∕1(mod 104),而3500≡1(mod 104).即,使3x ≡1(mod 104)成立的最小正整数x=500,从而l -n 、m -n 都是500的倍数, 设l -n=500k ,m -n=500h ,(k ,h ∈N*,k >h ).由m +n >l ,即n +500h +n >n +500k ,⇒n >500(k -h )≥500,故n ≥501.取n=501,m=1001,l=1501,即为满足题意的最小三个值. ∴ 所求周长的最小值=3003.三、(本题50分)由n 个点和这些点之间的l 条连线段组成一个空间图形,其中n=q 2+q +1,l ≥12q (q +1)2+1,q ≥2,q ∈N .已知此图中任四点不共面,每点至少有一条连线段,存在一点至少有q +2条连线段.证明:图中必存在一个空间四边形(即由四点A 、B 、C 、D 和四条连线段AB 、BC 、CD 、DA 组成的图形).现设任一点连的线数≤n -2.且设b 0=q +2≤n -2.且设图中没有四边形.于是当i ≠j 时,B i 与B j 没有公共的点对,即|B i ∩B j |≤1(0≤i ,j ≤n -1).记B 0-=V \B 0,则由|B i ∩B 0|≤1,得|B i ∩B 0-|≥b i -1(i =1,2,…,n -1),且当1≤i ,j ≤n -1且i ≠j 时,B i ∩B 0-与B j ∩B 0-无公共点对.从而B 0-中点对个数≥i =1n -1∑(B i ∩B 0-中点对个数).即C 2 n -b 0≥i =1n -1∑C 2 |B i ∩B 0-|≥i =1n -1∑C 2 b i -1=12i =1n -1∑ (b 2i -3b i +2)≥12[1n -1(i =1n -1∑b i )2-3i =1n -1∑b i +2(n -1)](由平均不等式)=12[1n -1(2l -b 0)2-3(2l -b 0)+2(n -1)]=12(n -1)[(2l -b 0)2-3(n -1)(2l -b 0)+2(n -1)2]=12(n -1)(2l -b 0-n +1)(2l -b 0-2n +2)(2l ≥q (q +1)2+2=(n -1)(q +1)+2)≥12(n -1)[(n -1)(q +1)+2-b 0-n +1][(n -1)(q +1)+2-b 0-2n +2]=12(n -1)[(n -1)q +2-b 0][(n -1)(q -1)+2-b 0].(两边同乘以2(n -1)即 (n -1)(n -b 0)(n -b 0-1)≥(nq -q +2-b 0)(nq -q -n +3-b 0).(n -1≥q (q +1)代入) 得 q (q +1)(n -b 0)(n -b 0-1)≥(nq -q +2-b 0)(nq -q -n +3-b 0).(各取一部分因数比较) ①但(nq -q -n +3-b 0)-q (n -b 0-1)=(q -1)b 0-n +3(b 0≥q +2)≥(q -1)(q +2)-n +3=q 2+q +1-n =0.②(nq -q +2-b 0)-(q +1)(n -b 0)=qb 0-q -n +2≥q (q +1)-n +2=1>0. ③由假设,不存在处在不同行的2个红点对,使此四点两两同列,所以,有(由于去掉了q +2列,故还余q 2-1列,不同的列对数为C 2 q 2-1)i =1n -1∑C 2 m i ≤C 2 q 2-1. 所以q 2·q (q -1)+q (q -1)(q -2)≤(q 2-1)(q 2-2).⇒ q (q -1)(q 2+q -2)≤(q -1)(q +1)(q 2-2)⇒q 3+q 2-2q ≤q 3+q 2-2q -2.矛盾.故证.。

2020全国高中数学联赛试题及详细解析含评分标准

2020全国高中数学联赛试题及详细解析含评分标准



1
答案: 5 . 解法 1:设 z a bi (a, b R) ,由条件知
Im z 2 Im (a 2) bi
zi
a (b 1)i
(a 2)(b 1) ab a2 (b 1)2
a 2b 2 a2 (b 1)2
0,
故 a 2b 2 .从而
5 z 3 (12 22 )((a 3)2 b2 ) (a 3) 2b 5

) {x}
·
C|nx|
+
{x}
·
Cn|x|+1,
[x]
x
, {x} = x − [x].
m, n 2
( )( )
(
)
1 f m,
2 + f m,
+ · · · + f m, mn − 1
= 123,
n
n
n
( )( )
(
)
1 f n,
2 + f n,
+ · · · + f n, mn − 1
定写有 i, j 的卡片只能放在 i 号或 j 号盒子中.一种放法称为“好的”,如果 1 号
盒子中的卡片数多于其他每个盒子中的卡片数.则“好的”放法共有
种.
答案:120 .
解:用{i, j}表示写有 i, j 的卡片.易知这10 张卡片恰为{i, j} (1 i j 5) .
考虑“好的”卡片放法.五个盒子一共放有10 张卡片,故1号盒至少有 3 张
9.(本题满分 16 分) 在 ABC 中,sin A 范围.
2 .求 cos B 2
2 cosC 的取值
解:记 f cos B 2 cosC .

2020年全国高中数学联赛试题简析,附试卷真题、答案

2020年全国高中数学联赛试题简析,附试卷真题、答案
二、解答题
第9题 考察基本的三角恒等式的记忆和使用,有一定的计算量,相较于往年一试
第一道解答题来说难度持平或者略有上升。 第 10 题
虽然的定义比较复杂,但是经过适当的分组之后仍然是比较常规的恒等变 形,本题难度不大,但是需要细心的计算,否则容易算错或者得不出答案。 第 11 题
较为常规的解析几何试题,思路是容易想到的,计算量相比于 2018 年的 那一道题来说也小许多,难度上放在高考中也不为过,只是一试的时间相对紧 张,考生不一定有时间来做本题。
论都知道的学生来说本题是加试中最难的题,总体难度中档偏难。
考试真题
一试:
二试
参考答案
一试:
二试
数情形的处理只要知道递推数列的一个基本结论,和二次剩余之后就能够做出
来,奇数情形相对困难一些,需要观察数列的前若干项找出规律,当然也没有
比偶数情形难太多,总体难度中档偏难。
组合、通过试一些常见的剖分可以猜到结果,因此归纳的方法是可以猜到
的,但是具体细节仍然具有一定的难度,对于准备充分,二三两题涉及到的结
二试
总评
本次二试难度相对平均,难度下限和上限都有所收拢,没有特别突 出的难题或者特别水的题目,对具备一定实力的考生来说能够着手处理 的题目变多了,但是对于实力尚弱的考生来说二试拿分变难了。
几何、较为简示性,
没有卡手的地方,是加试最简单的一道题,但是比 2019 年高联的几何题要难
2020 年全国高中数学联赛试题简析,试卷真题、答案
一试 总评
本次一试大部分的题目都不难,但是整体计算量偏大,对考生的计 算能力进行了考察,此外,能否在有限的时间内对试题进行取舍,保证 自己会做的题目的正确率,在本次考试中也非常重要。
一、填空题

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析2020年全国高中数学联赛试题及详细解析说明:1.评阅试卷时,请依据本评分标准。

选择题只设6分和0分两档,填空题只设9分和0分两档;其他各题的评阅,请严格按照本评分标准规定的评分档次给分,不要再增加其他中间档次。

2.如果考生的解题方法和本解答不同,只要思路合理、步骤正确,在评卷时可参考本评分标准适当划分档次评分,5分为一个档次,不要再增加其他中间档次。

一、选择题(本题满分36分,每小题6分)本题共有6小题,每小题均给出A、B、C、D四个结论,其中有且仅有一个是正确的。

请将正确答案的代表字母填在题后的括号内。

每小题选对得6分;不选、选错或选出的代表字母超过一个(不论是否写在括号内),一律得0分。

1.使关于 x 的不等式 x - 3 + 6 - x ≥ k 有解的实数 k 的最大值是()。

A。

6 - 3B。

3C。

6 + 3D。

62.空间四点 A、B、C、D 满足 |AB| = 3,|BC| = 7,|CD| = 11,|DA| = 9,则 AC·BD 的取值()。

A。

只有一个B。

有两个C。

有四个D。

有无穷多个6.记集合 T = {1.2.3.4.5.6},M = {ai | ai ∈ T。

i = 1.2.3.4.},将 M 中的元素按从大到小的顺序排列,则第 2020 个数是()。

A。

2 + 3 + 4 +。

+ 5563B。

2 + 3 + 4 +。

+ xxxxxxxC。

2 + 3 + 4 +。

+ xxxxxxxx7D。

2 + 3 + 4 +。

+二、填空题(本题满分54分,每小题9分)本题共有6小题,要求直接将答案写在横线上。

7.将关于 x 的多项式 f(x) = 1 - x + x^2 - x^3 +。

- x^2319 + x^20 表为关于 y 的多项式 g(y) = a + a1y + a2y^2 +。

+ a19y^19 + a20y^20,其中 y = x - 4,则 a + a1 +。

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析(2)

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析(2)

16 4
3y 8 2 3 0
上 . 当 F1PF2 取最大值时,比
PF1 的值为 PF2
.
10. 底面半径为 1cm 的圆柱形容器里放有四个半径为
1 cm 的实心铁球,四个球两两相切, 2
其中底层两球与容器底面相切 . 现往容器里注水, 使水面恰好浸没所有铁球, 则需要注
水 cm 3.
11. 方程 ( x2006 1)(1 x 2 x4 L x 2004 ) 2006 x 2005 的实数解的个数为
( 1 ),又由圆幂定理,
PF2 AF2
2
AP AF1 AF2 ( 2),而 F1( 2 3,0) ,F2(2 3,0) ,A( 8 2 3,0) ,从而有 AF1 8 ,
AF2
8 4 3 。代入( 1),( 2)得 PF1 PF 2
AF1 AF 2
8 8 43
4 23
3 1。
12. 【答案】 0.0434 【解析】第 4 次恰好取完所有红球的概率为
.
12. 袋内有 8 个白球和 2 个红球,每 次从中随机取出一个球,然后放回
次恰好取完所有红球的概率为
.
三、解答题(本题满分 60 分,每小题 20 分)
1 个白球,则第 4
15. 设
f ( x) x2 a . 记 f 1 (x) f (x) ,
n
f ( x)
f
(
f
n
1
( x))
,n
2,3,L ,
【解析】建立直角坐标系,以A为坐标原点,AB为
x轴,AC为 y轴,AA 1为z轴,
1
1
则 F (t1,0,0) ( 0
t1
1 ),
E(0,1, ) 2

2020年全国高中数学联赛一试二试试题整理详解汇编(一试二试为A卷)(含解答)

2020年全国高中数学联赛一试二试试题整理详解汇编(一试二试为A卷)(含解答)

仅需再使 5 号盒中不超过 2 张卡片,即{2, 5}, {3, 5}, {4, 5} 有 0 张或 1 张在 5 号盒
中,对应 C30 C13 4 种放法. 因此 N 6 1 2 4 14 .由对称性,在情况二下有 4N 综上,好的放法共有 64 56 120 种.
56 种好的放法.
二、解答题:本大题共 3 小题,满分 56 分.解答应写出文字说明、证明过 程或演算步骤.
9.(本题满分 16 分) 在 ABC 中,sin A 范围.
2 .求 cos B 2
2 cosC 的取值
解:记 f cos B 2 cosC .
由条件知 A 或 A 3 .
4
4
当 A 时, B 3 C ,其中 0 C 3 ,此时
4
4
4
…………………4 分
f cos 3 C 4
2 cosC 2 sin C 2 cosC sin C
卡片.能放入 1 号盒的卡片仅有{1, 2}, {1, 3}, {1, 4}, {1, 5} .
情况一:这 4 张卡片都在 1 号盒中,此时其余每个盒中已经不可能达到 4 张
卡片,故剩下 6 张卡片无论怎样放都符合要求,有 26 64 种好的放法.
情况二:这 4 张卡片恰有 3 张在 1 号盒中,且其余每盒最多仅有 2 张卡片.
m1 f (a), m2 f (10) ;当 a [10, ) 时, m1 f (10), m2 f (a) .因此总有
f (a) f (10) m1m2 2020 ,
即 a 100 2020 101,解得 a 1或 a 100. a 20
4. 设 z 为 复 数 . 若 z 2 为 实 数 ( i 为 虚 数 单 位 ), 则 z 3 的 最 小 值 zi

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析(2)

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析(2)

2020年全国高中数学联赛试题及详细解析一.选择题(本题满分36分,每小题6分)1.设锐角θ使关于x 的方程x 2+4x cos θ+cos θ=0有重根,则θ的弧度数为 ( )A .π6B .π12或5π12C .π6或5π12D .π122.已知M={(x ,y )|x 2+2y 2=3},N={(x ,y )|y=mx+b }.若对于所有的m ∈R ,均有M ∩N ≠∅,则b 的取值范围是 ( )A .[-62,62]B .(-62,62)C .(-233,233]D .[-233,233] 3.不等式log 2x -1+12log 12x 3+2>0的解集为A .[2,3)B .(2,3]C .[2,4)D .(2,4] 4.设点O 在∆ABC 的内部,且有→OA +2→OB +3→OC =→0,则∆ABC 的面积与∆AOC 的面积的比为( )A .2B .32C .3D .538.设函数f :R →R ,满足f (0)=1,且对任意x ,y ∈R ,都有f (xy +1)=f (x )f (y )-f (y )-x +2,则f (x )= ;9.如图,正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,二面角A -BD 1—A 1的度数是 ;10.设p 是给定的奇质数,正整数k 使得k 2-pk 也是一个正整数,则k= ; 11.已知数列a 0,a 1,a 2,…,a n ,…满足关系式(3-a n +1)(6+a n )=18,且a 0=3,则n∑i=01a i的值是 ;12.在平面直角坐标系xOy 中,给定两点M (-1,2)和N (1,4),点P 在x 轴上移动,当∠MPN 取最大值时,点P 的横坐标为 ;二试题一.(本题满分50分)在锐角三角形ABC 中,AB 上的高CE 与AC 上的高BD 相交于点H ,以DE 为直径的圆分别交AB 、AC 于F 、G 两点,FG 与AH 相交于点K ,已知BC=25,BD=20,BE=7,求AK 的长.二.(本题满分50分)在平面直角坐标系XOY 中,y 轴正半轴上的点列{A n }与曲线y=2x (x ≥0)上的点列{B n }满足|OA n |=|OB n |=1n,直线A n B n 在x 轴上的截距为a n ,点B n 的横坐标为b n ,n ∈N*.⑴ 证明a n >a n +1>4,n ∈N*;⑵ 证明有n 0∈N *,使得对∀n >n 0,都有b 2b 1+b 3b 2+…+b n b n -1+b n +1b n<n -2020. 三.(本题满分50分)对于整数n ≥4,求出最小的整数f (n ),使得对于任何正整数m ,集合{m ,m +1,…,m+n -1}的任一个f (n )元子集中,均至少有3个两两互素的元素.EFBCDAGHK2020年全国高中数学联赛试卷第一试一.选择题(本题满分36分,每小题6分)1.设锐角θ使关于x 的方程x 2+4x cos θ+cot θ=0有重根,则θ的弧度数为 ( )A.π6 B .π12或5π12 C .π6或5π12 D .π12【答案】B【解析】由方程有重根,故14∆=4cos 2θ-cot θ=0,∵ 0<θ<π2,⇒2sin2θ=1,⇒θ=π12或5π12.选B .3.不等式log 2x -1+12log 12x 3+2>0的解集为A .[2,3)B .(2,3]C .[2,4)D .(2,4] 【答案】C【解析】令log 2x=t ≥1时,t -1>32t -2.t ∈[1,2),⇒x ∈[2,4),选C .4.设点O 在∆ABC 的内部,且有→OA +2→OB +3→OC =→0,则∆ABC 的面积与∆AOC 的面积的比为( )A .2B .32C .3D .53【答案】C【解析】如图,设∆AOC=S ,则∆OC 1D=3S ,∆OB 1D=∆OB 1C 1=3S ,∆AOB=∆OBD=1.5S .∆OBC=0.5S ,⇒∆ABC=3S .选C .5.设三位数n=¯¯¯abc ,若以a ,b ,c 为三条边长可以构成一个等腰(含等边)三角形,则S B 11OABC这样的三位数n 有( )A .45个B .81个C .165个D .216个6.顶点为P 的圆锥的轴截面是等腰直角三角形,A 是底面圆周上的点,B 是底面圆内的点,O 为底面圆圆心,AB ⊥OB ,垂足为B ,OH ⊥PB ,垂足为H ,且PA=4,C 为PA 的中点,则当三棱锥O -HPC 的体积最大时,OB 的长为 ( )A .53 B .253 C .63 D .263二.填空题(本题满分54分,每小题9分) 7.在平面直角坐标系xOy 中,函数f (x )=a sin ax +cos ax (a >0)在一个最小正周期长的区间上的图像与函数g (x )= a 2+1的图像所围成的封闭图形的面积是 ;【答案】2 aa 2+1.【解析】f (x )= a 2+1sin(ax +ϕ),周期=2πa,取长为2πa,宽为2a 2+1的矩形,由对称性知,面积之半即为所求.故填2πaa 2+1.又解:∫ϕ1ϕ0a 2+1[1-sin(ax +ϕ)]dx=a 2+1a ∫π20(1-sin t )dt=2p aa 2+1.8.设函数f :R →R ,满足f (0)=1,且对任意x ,y ∈R ,都有f (xy +1)=f (x )f (y )-f (y )-x +2,则f (x )= ;【答案】x+1【解析】令x=y=0,得,f (1)=1-1-0+2,⇒f (1)=2.令y=1,得f (x +1)=2f (x )-2-x +2,即f (x +1)=2f (x )-x .①又,f (yx +1)=f (y )f (x )-f (x )-y +2,令y=1代入,得f (x +1)=2f (x )-f (x )-1+2,即f (x +1)=f (x )+1.②比较①、②得,f (x )=x +1.10.设p 是给定的奇质数,正整数k 使得k 2-pk 也是一个正整数,则k= ;【答案】14(p +1)2.【解析】设k 2-pk=n ,则(k -p2)2-n 2=p 24,⇒(2k -p +2n )(2k -p -2n )=p 2,⇒k=14(p +1)2.11.已知数列a 0,a 1,a 2,…,a n ,…满足关系式(3-a n +1)(6+a n )=18,且a 0=3,则n∑i=01a i的值是 ;【答案】13(2n +2-n -3).【解析】1a n+1= 2 a n+13,⇒令b n=1a n+13,得b0=23,b n=2b n-1,⇒b n=23⨯2n.即1a n=2n+1-13,⇒n∑i=01a i=13(2n+2-n-3).12.在平面直角坐标系xOy中,给定两点M(-1,2)和N(1,4),点P在x轴上移动,当∠MPN取最大值时,点P的横坐标为;【答案】1【解析】当∠MPN最大时,⊙MNP与x轴相切于点P(否则⊙MNP与x轴交于PQ,则线段PQ上的点P'使∠MP'N更大).于是,延长NM交x轴于K(-3,0),有KM·KN=KP2,⇒KP=4.P(1,0),(-7,0),但(1,0)处⊙MNP的半径小,从而点P的横坐标=1.三.解答题(本题满分60分,每小题20分)13.一项“过关游戏”规则规定:在第n关要抛掷一颗骰子n次,如果这n次抛掷所出现的点数的和大于2n,则算过关.问:⑴某人在这项游戏中最多能过几关?⑵他连过前三关的概率是多少?14.在平面直角坐标系xOy中,给定三点A(0,43),B(-1,0),C(1,0),点P到直线BC的距离是该点到直线AB、AC距离的等比中项.⑴求点P的轨迹方程;⑵若直线L经过∆ABC的内心(设为D),且与P点轨迹恰好有3个公共点,求L的斜率k的取值范围.【解析】⑴设点P的坐标为(x,y),MNPKOxy(b ) k=0时,直线y=12与圆④切于点(0,12),与双曲线⑤交于(±582,12),即k=0满足要求.(c ) k=±12时,直线⑥与圆只有1个公共点,与双曲线⑤也至多有1个公共点,故舍去.(c ) k ≠0时,k ≠12时,直线⑥与圆有2个公共点,以⑥代入⑤得:(8-17k 2)x 2-5kx -254=0.当8-17k 2=0或(5k )2-25(8-17k 2)=0,即得k=±23417与k=±22.∴ 所求k 值的取值范围为{0,±23417,±22}.15.已知α,β是方程4x 2-4tx -1=0(t ∈R )的两个不等实根,函数f (x )= 2x -t x 2+1的定义域为[α,β].⑴ 求g (t )=max f (x )-min f (x );⑵ 证明:对于u i ∈(0,π2)(i=1,2,3),若sin u 1+sin u 2+sin u 3=1,则1g (tan u 1)+1g (tan u 2)+1g (tan u 3)<364.【解析】⑴ α+β=t ,αβ=-14.故α<0,β>0.当x 1,x 2∈[α,β]时,∴ f '(x )= 2(x 2+1)-2x (2x -t )(x 2+1)2=-2(x 2-xt )+2(x 2+1)2.而当x ∈[α,β]时,x 2-xt <0,于是f '(x )>0,即f (x )在[α,β]上单调增.∴g(t)=2β-t β2+1-2α-tα2+1=(2β-t)(α2+1)-(2α-t)(β2+1)(α2+1)(β2+1)=(β-α)[t(α+β)-2αβ+2]α2β2+α2+β2+1=t2+1(t2+52)t2+2516=8t2+1(2t2+5)16t2+25二试题一.(本题满分50分)在锐角三角形ABC 中,AB 上的高CE 与AC 上的高BD 相交于点H ,以DE 为直径的圆分别交AB 、AC 于F 、G 两点,FG 与AH 相交于点K ,已知BC=25,BD=20,BE=7,求AK 的长.二.(本题满分50分)在平面直角坐标系XOY 中,y 轴正半轴上的点列{A n }与曲线y=2x(x ≥0)上的点列{B n }满足|OA n |=|OB n |=1n,直线A n B n 在x 轴上的截距为a n ,点B n 的横坐标为b n ,n ∈N*.⑴ 证明a n >a n +1>4,n ∈N*;⑵ 证明有n 0∈N*,使得对∀n >n 0,都有b 2b 1+b 3b 2+…+b n b n -1+b n +1b n<n -2020. 【解析】⑴ 点A n (0,1n ),B n (b n ,2b n )⇒由|OA n |=|OB n |,⇒b n 2+2b n =(1n)2,⇒b n =1+(1n)2-1(b n >0).∴ 0<b n <12n 2.且b n 递减,⇒n 2b n =n (n 2+1-n )= n n 2+1+n=11+(1n)2+1单调增.∴ 0<n b n <12.⇒令t n =1n b n>2且t n 单调减.由截距式方程知,b n a n +2b n1n=1,(1-2n 2b n =n 2b n 2)∴ a n =b n 1-n 2b n =b n (1+n 2b n )1-2n 2b n =1+n 2b n n 2b n =(1n b n )2+2(1n b n)=t n 2+2t n =(t n +22)2-12≥(2+22)2-12=4. 且由于t n 单调减,知a n 单调减,即a n >a n+1>4成立.亦可由1n 2b n=b n +2.1n b n=b n +2,得 a n =b n +2+2b n +2,.∴ 由b n 递减知a n 递减,且a n >0+2+2⨯2=4.三.(本题满分50分)对于整数n ≥4,求出最小的整数f (n ),使得对于任何正整数m ,集合{m ,m +1,…,m+n -1}的任一个f (n )元子集中,均至少有3个两两互素的元素.【解析】⑴ 当n ≥4时,对集合M (m ,n )={m ,m +1,…,m+n -1},当m 为奇数时,m ,m +1,m +2互质,当m 为偶数时,m +1,m +2,m +3互质.即M 的子集M 中存在3个两两互质的元素,故f (n )存在且f (n )≤n . ①取集合T n ={t |2|t 或3|t ,t ≤n +1},则T 为M (2,n )={2,3,…,n +1}的一个子集,且其中任3个数无不能两两互质.故f (n )≥card (T )+1.但card(T )=[n+12]+[n+13]-[n+16].故f (n )≥[n+12]+[n+13]-[n+16]+1. ②由①与②得,f (4)=4,f (5)=5.5≤f (6)≤6,6≤f (7)≤7,7≤f (8)≤8,8≤f (9)≤9. 现计算f (6),取M={m ,m +1,…,m +5},若取其中任意5个数,当这5个数中有3个奇数时,这3个奇数互质;当这3个数中有3个偶数k ,k +2,k +4(k ≡0(mod 2))时,其中至多有1个被5整除,必有1个被3整除,故至少有1个不能被3与5整除,此数与另两个。

2020年全国高中数学联赛江苏赛区 精品

2020年全国高中数学联赛江苏赛区 精品

2020年全国高中数学联赛江苏赛区复赛参考答案与评分细则一 试一、填空题(本题满分64分,每小题8分) 1.已知数列{a n }、{b n }满足a n =22n +35,b n =1nlog 2(a 1a 2a 3…a n ),n ∈N*,则数列{b n }的通项公式是 . 答案:b n =n +45,n ∈N* 简解:由a n =22n +35,得a 1a 2a 3…a n =22(1+2+…+n )+3n5=2n (n +4)5,n ∈N*.所以b n =1n ×n (n +4)5=n +45,n ∈N*.2.已知两点M (0,2)、N (-3,6)到直线l 的距离分别为1和4,则满足条件的直线l 的条数是 . 答案:3简解:易得MN =5,以点M 为圆心,半径1为的圆与以点N 为圆心,半径为4的圆外切,故满足条件的直线l 有3条.3.设函数f (x )=ax 2+x .已知f (3)<f (4),且当n ≥8,n ∈N*时,f (n )>f (n +1)恒成立,则实数a 的取值范围是 . 答案:(-17,-117)简解:(方法一) 因为当n ≥8时,f (n )>f (n +1)恒成立,所以a <0,此时f (n )>f (n +1)恒成立等价于f (8)>f (9),即64a +8>81a +9,解得a <-117.因为f (3)<f (4),所以9a +3<16a +4,解得a >-17.即a ∈(-17,-117).(方法二)考察二次函数f (x )=ax 2+x 的对称轴和开口方向.因为当n ≥8时,f (n )>f (n +1)恒成立,所以a <0,且-12a <172,解得a <-117.因为f (3)<f (4),所以-12a >72,解得a >-17.即a ∈(-17,-117).4.已知ABCD -A 1B 1C 1D 1是边长为3的正方体,点P 、Q 、R 分别是棱AB 、AD 、AA 1上的 点,AP =AQ =AR =1,则四面体C 1PQR 的 体积为 . 答案:43简解:因为C 1C ⊥面ABCD ,所以C 1C ⊥BD .又因为AC ⊥BD ,所以BD ⊥面ACC 1,所以AC 1⊥BD .(第4题)CA BDD 1C 1B 1A 1PQR又PQ ∥BD ,所以AC 1⊥PQ .同理AC 1⊥QR .所以AC 1⊥面PQR .因为AP =AQ =AR =1,所以PQ =QR =RP =2.因为AC 1=33,且V A -PQR =13·12·12·1=16,所以V C 1-PQR =13·34·(2)2·33-V A -PQR =43. 5.数列{}n a 满足1112,1nn na a a a ++==-,n ∈N*.记T n =a 1a 2…a n ,则T 2020等于 . 答案:-6简解:易得:a 1=2,a 2=-3,a 3=-12,a 4=13,a 1a 2 a 3a 4=1.又a 5=2=a 1,由归纳法易知a n +4=a n ,n ∈N*.所以T 2020=T 2008×a 2020×a 2020=a 1a 2=-6.6.骰子是一个立方体,6个面上分别刻有1、2、3、4、5、6点. 现有质地均匀的 骰子10只. 一次掷4只、3只骰子,分别得出各只骰子正面朝上的点数之和为6的 概率的比为 .答案:1:6.提示:掷3只骰子,掷出6点的情况为1,1,4;1,2,3;2,2,2. 共 3+3!+1=10种,概率为 3106 .掷4只骰子,掷出6点的情况为1,1,1,3;1,1,2,2. 共 4+24C =10种,概率为 4106 . 所以概率的比为 3106:4106 = 1:6 .7.在△ABC 中,已知BC =5,AC =4,cos(A -B )=78,则cos C = . 答案:1116简解:因BC AC >,故A B ∠>∠. 如图,作AD ,使∠BAD =∠B ,则∠DAC =∠A -∠B .设AD =BD =x ,则DC =5-x .在△ADC 中,由余弦定理得x =3.再由余弦定理得cos C =1116.8.在平面直角坐标系xOy 中,抛物线y 2=2x 的焦点为F . 设M 是抛物线上的动点,则MOMF的最大值为 . 答案:233ABD C(第7题)简解:设点M (x ,y ),则(MO MF )2=x 2+y 2(x +12)2=4x 2+8x 4x 2+4x +1=1+4x -14x 2+4x +1.令4x -1=t ,当t ≤0时,显然MO MF≤1. 当t >0时,则(MO MF)2=1+4t +6+9t≤1+13=43,且当t =3,即x =1时,等号成立. 所以MO MF 的最大值为233,此时点M 的坐标为(1,±2).二、解答题(本题满分16分)如图,点P 是半圆C :x 2+y 2=1(y ≥0)上位于x 轴上方的任意一点,A 、B 是直径的两个端点,以AB 为一边作正方形ABCD ,PC 交AB 于E ,PD交AB 于F ,求证:BE ,EF ,FA 成等比数列.证明:设P (cosα,sinα),C (-1,-2),D (1,-2),E (x 1,0),F (x 2,0). 因为点P 、E 、C 三点共线,所以sinα+2cosα+1=2x 1+1,所以x 1=2(cosα+1)sinα+2-1. ………………5分由点P 、F 、D 三点共线,所以sinα+2cosα-1=2x 2-1,所以x 2=2(cosα-1)sinα+2+1. ………………10分所以BE =x 1+1=2(cosα+1)sinα+2,EF =x 2-x 1=2sin αsinα+2 ,FA =2(cosα-1)sinα+2.所以BE ·FA =2(cosα+1)sinα+2×2(cosα-1)sinα+2=4sin 2α(sinα+2)2=EF 2.即BE ,EF ,FA 成等比数列. ………………16分三、解答题(本题满分20分)设实数a ,m 满足1a≤,0m <≤()()2221amx mx f x a a a m-=+-,()0,x a ∈. 若存在a ,m ,x ,使()f x ≥,求所有的实数x 的值. 解答:因为(0, )x a ∈时,2222()244x ma ma amx mx m a -=--+≤, 当且仅当2ax =时等号成立, ……………5分所以22222222342(1)(1)4(1(1))a mamx mx am a a a m a a a m a m -≤≤=+-+-+- 3442am m ≤≤≤, ……………15分 当且仅当2ax =及1a =与23m =时等号成立. 故1x =. ……………20分四、解答题(本题满分20分)数列{a n }中,已知a 1∈(1,2),a n +1=a n 3-3a n 2+3a n ,n ∈N*,求证:(a 1-a 2)( a 3-1)+(a 2-a 3)( a 4-1)+…+(a n -a n +1)( a n +2-1)<14.证明:(方法一) 由a n +1=a n 3-3a n 2+3a n ,得a n +1-1=(a n -1)3.令b n =a n -1,则0<b 1<1,b n +1=b n 3<b n ,0<b n <1. ………………5分 所以 (a k -a k +1)( a k +2-1)=(b k -b k +1)×b k +2=(b k -b k +1)×b k +13<14(b k -b k +1)×(b k 3+b k 2b k +1+b k b k +12+b k +13)<14(b k 4-b k +14). ………………15分所以 (a 1-a 2)(a 3-1)+(a 2-a 3)(a 4-1)+…+(a n -a n +1)(a n +2-1)<14(b 14-b 24)+14(b 24-b 34)+…+14(b n 4-b n +14) =14(b 14-b n +14)<14b 14<14. ………………20分 (方法二) 由a n +1=a n 3-3a n 2+3a n ,得a n +1-1=(a n -1)3.令b n =a n -1,则0<b 1<1,b n +1=b n 3,0<b n <1. ………………5分 所以 (a 1-a 2)( a 3-1)+(a 2-a 3)( a 4-1)+…+(a n -a n +1)( a n +2-1)=(b 1-b 2) b 3+(b 2-b 3) b 4+…+(b n -b n +1) b n +2=(b 1-b 2) b 23+(b 2-b 3) b 33+…+(b n -b n +1) b n+1313014x dx <=⎰.………………20分2020年全国高中数学联赛江苏赛区复赛参考答案与评分标准加 试一、(本题满分40分)圆心为I 的ABC ∆的内切圆分别切边AC 、AB 于点E 、F. 设M 为线段EF 上一点, 证明:MAB ∆与MAC ∆面积相等的充分必要条件是MI BC ⊥.证明:过点M 作MP AC ⊥、MQ AB ⊥,垂足分别为P 、Q . 圆I 切边BC 于点D ,则ID BC ⊥, IF AB ⊥, IE AC ⊥.显然AF=AE , 所以AFM AEM ∠=∠, 从而推知Rt Rt QFMPEM ∆∆, 得MQ MFMP ME=. 又 1212MAB MACMQ ABS MQ AB MF AB S MP AC ME AC MP AC ∆∆⋅==⋅=⋅⋅, 所以 MAB ∆与MAC ∆面积相等的充要条件是AB MEAC MF=. ① 由①可知,问题转化为证明:AB MEAC MF =的充分必要条件是MI BC ⊥. ………10分 首先证明:若MI BC ⊥,则AB MEAC MF=. 由MI BC ⊥可知点M 在直线ID 上.因为B 、D 、I 、F 四点共圆,所以MIF DBF B ∠=∠=∠,MIE ECD C ∠=∠=∠.又 IE=IF ,则由正弦定理得sin sin sin()sin MF FI IE MEMIF IMF IMF MIEπ===∠∠-∠∠,即sin sin ME C MF B =,而sin sin AB C AC B =. 所以AB MEAC MF=. ……………30分 其次证明:若AB MEAC MF=,则MI BC ⊥. A B C EFPQM IA B CEF M I (第1题)设直线ID 与EF 交于点'M ,则由上述证明可知''AB M EAC M F=,于是有 ''AB M EAC M F=,从而 'M M ≡. 故命题成立. ……………40分二、(本题满分40分)将凸n 边形12n A A A 的边与对角线染上红、蓝两色之一,使得没有三边均为蓝色的三角形. 对k =1, 2,…,n ,记k b 是由顶点k A 引出的蓝色边的条数,求证:2122n n b b b +++≤.证明:不妨设12max{,,,}n b b b b =,并且由点A 向12,,,b A A A 引出b 条蓝色边,则12,,,b A A A 之间无蓝色边,12,,,b A A A 以外的n b -个点,每点至多引出b 条蓝色边,因此蓝色边总数()n b b ≤-22()24n b b n-+⎛⎫≤= ⎪⎝⎭. …………20分故 2212242n n n b b b +++≤⨯=. 命题得证. ……………40分三、(本题满分50分)设正整数的无穷数列{}n a (n ∈N *)满足44a =,2111n n n a a a -+-=(2n ≥),求{}n a 的通项公式. 解:由已知得11n n n na aa a -+>. 若有某个n ,使11n na a -≥,则 1n n a a +>, …………10分 从而112n n n n a a a a -++≥>>>,这显然不可能,因为*{} (N )n a n ∈是正整数的无穷数列. 故数列{}n a 中的项是严格递增的. …………20分 从而由44a =可知, 11a =,22a =,33a =. …………30分于是由{}n a 的递推公式及数学归纳法知*(N )n a n n =∈. …………40分显然数列*{} (N )n n ∈满足要求,故所求的正整数无穷数列为{}n (1)n ≥. …………50分 四、(本题满分50分)设p 是一个素数, 3 (mod 4)p ≡. 设x ,y 是整数,满足221|4p p x xy y +-+. 求证:存在整数u ,v ,使得222211()44p p x xy y p u uv v ++-+=-+. 证明:由条件可知22|(2)p x y py -+,则2|(2)p x y -.因p 是素数,故有|2p x y -. 设2x y pk -=, …………20分 则 222211((2))44p x xy y py x y +-+=+- 2221((2))4x pk p p k =-+ 22((2))4px pk pk =-+ …………30分 22((2))4px pk k k pk =-+-+ 22((2))4p u v pv =-+ (这里(1)2k p u x -=-,v k =) 22(44(1))4pu uv p v =-++ 221()4p p u uv v +=-+.命题得证. …………50分。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

全国高中数学联赛甘肃赛区预赛试卷(考试时间:2020年6月27日9:00-11:30,满分150分)一、填空题(共10小题,每小题7分,满分70分。

请直接将答案写在题中的横线上) 1、已知复数z 满足-3z z i =-,则z = . 2、设,x y 均为正数,则433x yM x y x=++的最小值为 . 3、设集合{}(,)log log 0a a A x y x y =+>,{}(,)B x y x y a =+<,若A B =∅,则a 的取值范围是 .4、已知等边ABC ∆的边长为1,1()3AP AB AC =+,12AQ AP BC =+,则APQ ∆的面积是 . 5、已知-2,,,aa a a eb ac a 则a ,b ,c 的大小关系是 .6、从1,2,,10中任取3个不同的数,则这3个数构成等差数列的概率是 .7、若关于x 的方程26xkx x =+有四个不同的实数解,则实数k 的取值范围为__________. 8、设数列}{n a 满足1a =14,且2*1()n n n a a a n N +=+∈,记2020122020111111T a a a ++++++=,若2020T 的值在区间(,1)k k +内,则整数k 值为.9、已知半径为4的球面上有两点,A B ,AB =,球心为O . 若球面上的动点C 满足二面角C AB O --的大小为060,则四面体OABC 外接球的半径是 .10、已知椭圆2214y x +=,P 为椭圆上的任意一点,过点 P 分别作与1:2l y x =和2:2l y x =-平行的直线交直线21,l l 于,M N 两点,则MN 的最大值是 . 二、解答题(共6小题,满分80分。

要求写出解题过程)11、(13分)已知ABC ∆中,角A ,B ,C 的对边a ,b ,c 成等比数列,2cos()2cos 1A C B --=,延长BC 至D ,使 5.BD = (1)求B ∠的大小; (2)求AC CD ⋅的取值范围.12、(13分)某校高二男生体育课上做投篮球游戏,两人一组,每轮游戏中,每小组两人每人投篮两次,投篮投进的次数之和不少于3次称为“优秀小组”.小明和小强同一小组,小明、小强投篮投进的概率分别为1P ,2P .(1)若134P =,223P =,求在第一轮游戏中他们获得“优秀小组”的概率; (2)若1243P P +=,且游戏中小明、小强小组要获得“优秀小组”次数为16次,则理论上上至少要进行多少轮游戏才行?并求此时1P 、2P 的值.13、(13分)已知数列}{n a 中,125a a ==,且116(2,)n n n a a a n n N *+-=+≥∈.(1)证明:数列{}13n n a a --是等比数列,并求数列}{n a 通项公式; (2)证明:1211112n a a a +++<.14、(13分)如图1,在直角梯形 ABCD 中,AD ∥BC ,∠BAD =π2,AB =BC =1,AD =2,E 是AD 的中点,O 是AC 与BE 的交点.将△ABE 沿BE 折起到△A 1BE 的位置,如图2. (1)证明:CD ⊥平面A 1OC ;(2)若平面A 1BE ⊥平面BCDE ,求二面角1B AC D --的正弦值.15、(13分)已知椭圆E :22221(0)x y a b a b+=>>,其短轴长为1e ,双曲线221x y m n-=(0m >,0n >)的渐近线为y =,离心率为2e ,且121e e ⋅=. (1)求椭圆E 的方程;(2)若A 为椭圆E 的右顶点,3(1,)2P -,直线AP 与y 轴交于点H ,过点H 的另一直线与椭圆E 交于M ,N 两点,设HMA ∆的面积为1S ,PHN ∆的面积为2S ,且126S S =,求直线MN 的方程.16、(15分)已知函数()sin ()f x a x a R =∈,().xg x e =(1)若01a <≤,判断()(1)ln F x f x x =-+在(0,1)的单调性; (2)证明:22221111sinsin sin sinln 2().234(1)n N n *+++<∈+ (3)设2()()2(1)G x g x mx x k =--++,其中k 为整数. 对0,0x m ∀><,有()0G x >恒成立,求k 的最小值;2020年全国高中数学联赛重庆赛区预赛试题参考答案一、填空题1. 已知向量b a ,满足3=-b a ,62=+b a ,9222-=-⋅+b b a a , 则=b . 答案:7解析:由条件,知()()92222-=+⋅-=-⋅+b a b a b b a a ,所以()()b a b a b --+=23()()[]22b a b a --+=()()()()b a b a b a b a -⋅+--++=222227363==,所以=b 7.2. 设()4321,,,=i a i 均为实数,若集合},,,{4321a a a a 的所有非空真子集的元素之和为28,则=+++4321a a a a .答案:4解析:含有元素()4321,,,=i a i 的非空真子集有7个,所以},,,{I 4321a a a a =的所有非空真子集的元素之和为()2874321=+++a a a a ,从而=+++4321a a a a 4.3. 若二次实系数方程20ax bx c ++=有2个虚根12,x x ,且31x R ∈,则2acb= . 答案:1解析:注意21x x =,由()3333311112x R x x x x ∈⇒===()()221211220x x x x x x ⇒-++=()222112212120x x x x x x x x ⇒++=⇒+=2221b c ac b ac a a b ⎛⎫⇒-=⇒=⇒= ⎪⎝⎭.4. 设圆22:5O x y +=与抛物线()2:20C y px p =>交于点()0,2A x ,AB 为圆O 的直径,过B 的直线与C 交于两不同点,DE ,则直线AD 与AE 的斜率之积为 .答案:2解析:可求得点()()1,2,1,2A B --,设()()1122,,,D x y E x y ,则由,,B D E 三点共线可得()12121212222411y y y y y y x x ++=⇒++=++ ()12121212221621124AD AE y y k k x x y y y y --⇒⋅=⋅==--+++. 5. 若实数,x y 满足()322412log 13120x x y y ++=-++=,则x y += . 答案:2-解析:令2s x =-,则241202x sx s ++=⇔=--;令1t y =-,则()32lo g 13120y y -++=⇔2l o g 5t t =--.注意函数2x y =与2log y x =的图像关于直线y x =对称,且函数5y x =--的图像也关于直线y x =对称,而y x =与5y x =--的交点横坐标为52-,所以5s t +=-,从而32x y s t +=++=-.6. 若,x y 为实数,则2,,1x y x y y +-+这三个数中的最大数的最小值是 .答案:12解析:{}()()()()111max 2,,122312231662x y x y y x y x y y x y x y y +-+≥++⋅-+⋅+≥⋅+---+=,当且仅当10,2x y ==-时取到最小值. 7. 四面体ABCD 中,,,2AB BC CD BCBC ⊥⊥=,且异面直线AB 与CD 所成的角为60. 若四面体ABCD ABCD 的体积的最大值为 .答案:解析:考察直三棱柱11ABD ACD -,其中12,60BC ABD =∠=,则四面体ABCD 为满足题设条件的四面体,且四面体ABCD 的外接球与三棱柱11ABD ACD -的外接球相同. 设三棱柱底面三角形1ABD ∆的外接圆半径为r ,则22522BC r r ⎛⎫+=⇒= ⎪⎝⎭. 1ABD ∆中,由正弦定理,1112sin AD r AD ABD =⇒=∠由余弦定理,22211112cos AD AB BD AB BD ABD =+-⋅⋅∠⇒221112AB BD AB BD +-⋅=,从而由均值不等式可得112AB BD ⋅≤,所以1111111sin 332ABCD ABD A CD V V AB BD ABD BC -==⋅⋅⋅∠⋅≤,当三棱柱11ABD ACD -为正三棱柱时可取等,故四面体ABCD 的体积的最大值为8. 有长为()20,1,,1009nn =的线段各三条,则由这3030条线段能构成不全等的三角形的个数为 . (用数字作答) 答案:510555解析:(1)若01009i j k ≤<<≤,则1222222i j j j j k ++<+=≤,那么2,2,2i j k 一定不构成三角形; (2)若01009i j ≤<≤,则12222i i i j ++=≤,那么2,2,2i i j 一定不构成三角形;(3)若01009i j ≤<≤,则222,222i j j j j i +>+>,那么2,2,2i j j 一定构成三角形; (4)若01009k ≤≤,则2,2,2k k k 一定构成等边三角形.综合(1),(2),(3),(4)知,构成三角形的只能是()2,2,2i j j i j <或等边三角形,共有210101010510555C +=个.二、解答题9. 设实数[]0,t π∈,若关于x 的方程()cos 1cos x t x +=-有解,求t 的取值范围. 解:原方程等价于1cos cos 222t t x ⎛⎫+= ⎪⎝⎭,……………………4分 当t π=时,方程左边等于0,显然无解;当[)0,t π∈时,方程进一步等价于1cos 22cos 2t x t ⎛⎫+= ⎪⎝⎭,注意[]cos 1,12t x ⎛⎫+∈- ⎪⎝⎭,且cos 02t >, 故方程有解当且仅当1012cos2t <≤……………………12分即1cos 122t ≤≤,解得203t π≤≤ .综上,20,3t π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦.……………………16分10. 已知椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>与直线x =有且只有一个交点,点P 为椭圆C 上任一点,()()121,0,1,0P P -,且12PP PP ⋅的最小值为2a. (1)求椭圆C 的方程; (2)设直线:l ykx m =+与椭圆C 交于不同两点,A B ,点O 为坐标原点,且()12OM OA OB =+,当A O B ∆的面积S 最大时,求22112T MP MP =-的取值范围.解:(1)设点(),P x y,由题意知a =,222:2C x y a +=,则22221211PP PP x y y a ⋅=+-=-+-,当y b =±时,12PP PP ⋅取得最小值,即2212aa b --=,212,22a a a b ⇒-=⇒==C 的22142x y +=;……………………5分(2)设()()()112200,,,,,A x y B x y M x y ,则由2224x y y kx m⎧+=⎨=+⎩得()222214240k x mkx m +++-= 2121222424,2121mk m x x x x k k -⇒+=-=++,点O 到直线l的距离d =,1122S d AB =⋅⋅=()222242221m k m k ++-=≤=+S 22242m k m =+-即2221m k =+,① ……………10分此时21200022221,221x x mk k k x y kx m m k m m m+==-=-=+=-+=+,即00001,22x mm k x y y ==-=-代入①式整理得()22000102x y y +=≠, 即点M 的轨迹为椭圆()221:102x C y y +=≠且点12,P P 为椭圆1C的左、右焦点,即12MP MP +=分 记1t MP =,则)1t ∈+从而()22221111222T MP t t t t MP =-=-=+-322T t '=-, 令0T '≥可得1t ≥,即在T 在)1,1-单调递减,在()1单调递增,且()))131115T TT=-=>=-故T 的取值范围为)3⎡-⎣……………20分11. 已知数列{}n a 满足12211,3,3n n n a a a a a ++===-.(1)求证:()*21n n a a n ++∈N是完全平方数;(2)记2211n n n n n a a b a a ++⎡⎤⎧⎫=⋅⎨⎬⎢⎥⎣⎦⎩⎭,求证:20202k k b =∏是整数.(其中[]x 表示不超过x 的最大整数,{}[]x x x =-.) 解:(1)易知38a =,且n a 为整数. 用归纳法证明2211n n n a a a +++=: 奠基:当1n =时,213211189a a a +=+⨯==,成立;假设n k =时,2211k k k a a a +++=,则当1n k =+时,()21312112111313k k k k k k k k a a a a a a a a +++++++++=+-=+-()212221233k k k k k k k k a a a a a a a a ++++++=-=-=,那么1n k =+也成立;由归纳原理,知2211n n n a a a +++=成立,故21n n a a ++是完全平方数.……………10分(2)由(1)知2121n n n na a a a ++=+,所以()22k k k ab k a +=≥,于是2020202120222021202222324k k a a a a b a a ===∏.……………15分由213n n n a a a ++=-知()2mod 3n n a a +≡-,及()20mod3a ≡,所以20223a ;又12211,3,3n n n a a a a a ++===-,记n b 为n a 除以8的余数,则n b 前六项为1,3,0,5,7,0,由数学归纳法易知n b 为周期数列,所以20228a ;故2021202224a a 是整数,即证.……………20分2020年全国高中数学联赛(福建赛区)预赛暨2020年福建省高中数学竞赛试卷参考答案(考试时间:2020年6月27日上午9:00-11:30,满分160分)一、填空题(共10小题,每小题6分,满分60分.请直接将答案写在题中的横线上)1.已知复数z 满足1z z i -=-,若61z z z ---为正实数,则z =.【答案】22i+【解答】由1z z i -=-知,z 的实部与虚部相等,设z x xi =+,x R ∈.则[]225(1)65511(1)111(1)x xi z z z x xi x xi z z x xi x x ----=-+=+-+=-++--+--+,22225(1)5(1)(1)(1)x xx x i x x x x ⎡⎤-=-++-⎢⎥-+-+⎣⎦由61z z z ---为正实数,知225(1)(1)0(1)x x x x --+>-+,且2250(1)xx x x -=-+,解得2x =.所以,22z i =+.2.已知()3cos()f x x ωϕ=+(0ω>,ϕπ<),若5()08f π=,11()38f π=,且()f x 的最小正周期大于2π,则ϕ=.【答案】1112π-【解答】由5()08f π=,11(38f π=,得582k ππωϕπ+=+,1128m πωϕπ+=(k ,m Z ∈).两式相减,得3242m k ππωππ=--,41(2)32m k ω=--,m ,k Z ∈.另由()f x 的最小正周期大于2π,得22ππω>,01ω<<.于是,410(2)132m k <--<,15224m k <-<.由m ,k Z ∈,得21m k -=.因此,23ω=.将23ω=代入1128m πωϕπ+=(m Z ∈),得11212m πϕπ=-(m Z ∈).结合ϕπ<,得1112πϕ=-.3.已知[]x 表示不超过x 的最大整数,集合{}260A x x x =--<,[]{}22350B x x x =--=,则A B =I .【答案】12⎧⎫⎪⎪-⎨⎬⎪⎪⎩⎭,【解答】易知(23)A =-,,若x A ∈,则[]21012x =--,,,,.当[]2x =-时,若x B ∈,则22650x +-=,x 不存在.当[]1x =-时,若x B ∈,则22350x +-=,1x =±.1x =不符合要求,1x =-符合要求.当[]0x =时,若x B ∈,则22050x --=,2x =±,均不符合要求.当[]1x =时,若x B ∈,则22350x --=,2x =±,均不符合要求.当[]2x =时,若x B ∈,则22650x --=,222x =±.222x =符合要求,222x =-不符合要求.所以,12A B ⎧⎫⎪⎪=-⎨⎬⎪⎪⎩⎭,I .4.已知函数()f x 是定义在R 上的偶函数,且对任意实数x ,都有(1)(1)f x f x +=-成立,当12x ≤≤时,()ln f x x =.若关于x 的方程()10f x ax +-=在[]35x ∈,上有两个不相等的实数根,则a 的取值范围为.【答案】105⎛⎤⎥⎝⎦,【解答】如图,分别作出函数()y f x =与1y ax =-+的图像,其中(01)P ,,1(0)G a,.由图像可知,当15G x a=≥,即105a <≤时,两函数图像在[]35x ∈,上有两个不同的交点.所以,a 的取值范围为105⎛⎤⎥⎝⎦,.(第4题答题图)5.设1F 、2F 为双曲线C :22221x y a b -=(0a >,0b >)的左、右焦点,过2F 的直线l 交双曲线C 的右支于A 、B 两点,且120AF AF ⋅=uuu r uuur ,2220F B F A +=uuu r uuu r,则双曲线C 的离心率为.【答案】173【解答】如图,设2AF t =,则依题意有22BF t =,3AB t =,12AF a t =+,122BF a t =+.由120AF AF ⋅=uuu r uuur,知12AF AF ⊥.所以,222121222211AF AF F F AF ABF B⎧+=⎪⎨+=⎪⎩即222222(2)(2)(2)(3)(22)a t t c a t t a t ⎧++=⎪⎨++=+⎪⎩.解得,23t a =,3c a =.因此,离心率3e =.6.在以凸十八边形的顶点为顶点构成的三角形中,任取一个三角形,则所取的三角形与该十八边形无公共边的概率为.【答案】91136【解答】以凸十八边形的顶点为顶点的三角形个数为318C .对于凸十八边形的任意一个顶点A ,要作为与凸边十八形无公共边的三角形的一个顶点,则三角形的另外两个顶点B 、C 不能为顶点A 在凸十八边形中的两条边的另外两个顶点,只能是其它15个顶点中的不相邻的两个顶点,共有21514C -种不同的选取方法.所以,与原凸十八边形无公共边的三角形的个数为215118(14)3C ⨯⨯-.因此,所求的概率为215318118(14)913136C C ⨯⨯-=.(第5题答题图)7.如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,点E 、F 、G 分别在棱1AA 、11A D 、11D C 上,E 为1AA 中点,11111113D F D G D A D C ==.记平面EFG 与平面11A B CD 的交线为m ,则直线m 与平面ABCD 所成角的正切值为.【答案】58【解答】如图,设1A D 、EF 的交点为P .延长GF 、11B A 交于点Q ,则PQ 为平面EFG 与平面11A B CD 的交线为m .不妨设正方体棱长为3,则由11111113D F D G D A D C ==知,112A Q A F ==.作11PH A D ⊥于H ,则1111PH A B C D ⊥平面,连结QH ,则PQH ∠就是直线PQ 与1111A B C D 平面所成的角.设PH x =,则1A H x =,由11PH FH EA FA =,得2322x x -=,67x =.于是,222221162(7QH QA A H =+=+,7QH =.所以,tan 58PH PQH QH ∠==.由1111ABCD A B C D 平面∥平面知,直线PQ 与1111A B C D 平面、ABCD 平面所成角相等.所以,直线m 与平面ABCD 所成角的正切值为35858.8.已知a 、b 、c 、d 为正数,且20202a b c d +=+=,则11a bcd+的最小值为.【答案】4412【解答】由条件知,211201020()2020220c d cd c d +<=⋅⋅≤=.所以,111201120120201441(20)(401)(4012222b a a b a bcd a b a b a b +≥+=++=+≥+=.当且仅当20c d =且2020b a a b =,即221a b ==,1c =,120d =时等号成立.所以,11a bcd +的最小值为4412.(第7题答题图)(第7题图)9.已知实数m 满足:当关于x 的实系数一元二次方程20ax bx c ++=有实根时,2222()()()a b b c c a ma -+-+-≥总成立,则m 的最大值为.【答案】98【解答】设2222()()()a b b c c a a μ-+-+-=,其中a 、b 、c 为实数,0a ≠.当方程20ax bx c ++=有实根时,设其两根为1x 、2x .由韦达定理知,12b x x a +=-,12c x x a=,于是,222222222212121212221122()()()(1()(1)(1)()(1)2(1)(1)3392.448a b b c c a b b c ca a a a a x x x x x x x x x x x x μ-+-+-==-+-+=+++---+-=++++≥⨯⨯=当且仅当1212x x ==-,即40abc ==≠时等号成立.因此μ的最小值为98.所以,m 的最大值为98.10.设正整数n 为合数,()f n 为n 的最小的三个正约数之和,()g n 为n 的最大的两个正约数之和.若3()()g n f n =,则n 的所有可能值为.【答案】144【解答】解法一:设正整数n 满足条件.显然n 的最小、最大的正约数分别为1,n .设p 是n 的最小素因子,则n 的第二小、第二大的正约数分别为p 、n p.对于n 的第三小的正约数,有以下两类情形:(1)若第三小的正约数为2p ,则2p n ,2()1f n p p =++,()n g n n p=+.由2p n ,知()ng n n p=+为p 的倍数,()0(mod )g n p ≡.又2()11(mod )f n p p p =++≡,3()1(mod )f n p ≡.于是,3()()g n f n ≠,与条件不符.(2)若第三小的正约数是某一素数q (q p >),则()11(mod )f n p q p q =++≡+,33()(1)(mod )f n p q ≡+.由pq n ,知()ng n n p=+为q 的倍数,()0(mod )g n q ≡.于是,3(1)0(mod )p q +≡.由q 为素数知,1q p +.于是,1p q p <≤+,符合条件的素数p 、q 只有2p =,3q =.又2p =,3q =时,()6f n =,3()2n g n =,由3()()g n f n =,得3362n=,144n =.经验证144n =符合要求.所以,n 的所有可能值为144n =.解法二:若n 是奇数,则n 的正约数都是奇数,由()f n 与()g n 的定义知3()f n 为奇数,()g n 为偶数,故n 不满足条件.因此只需考虑n 是偶数的情况,此时12 、是n 的最小的两个正约数,2nn 、是n 的最大的两个正约数.设d 是n 的第三小的正约数,则()123f n d d =++=+,()322n ng n n =+=×,所以,33(3)2nd ×=+,从而,33(3)30(mod3)2n d d =.于是,3|d ,这样n 的第三小的正约数只能是3.此时()6f n =,故3362n ×=,即144n =.因此,n 的所有可能值为144n =.二、解答题(共5小题,每小题20分,满分100分.要求写出解题过程)11.已知数列{}n a 满足11a =,25a =,2143n n n a a a ++=-(*n N ∈).(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)设13n n n n b a a +=,n T 是数列{}n b 的前n 项的和,求证:34n T <.【解答】(1)由2143n n n a a a ++=-,得2113()n n n n a a a a +++-=-.又2140a a -=≠,因此,数列{}1n n a a +-为等比数列.所以,1143n n n a a -+-=⨯.………………………………………………5分所以,2n ≥时,112211()()()n n n n n a a a a a a a a ---=-+-++-+L 12314(13)434341123113n n n n -----=⨯+⨯+++=+=⨯--L .又1n =时,112311n a -⨯-==.所以,对一切正整数n ,1231n n a -=⨯-.………………………………………10分(2)由(1)知,11133311()(231)(231)4231231n n n n n n n n n b a a --+===-⨯-⨯-⨯-⨯-.……………………………………………15分所以,1221311311311()()()4123142312314231231n n n n T b b b -=+++=-+-++-⨯-⨯-⨯-⨯-⨯-L L 313(1)42314n =-<⨯- (20)分12.已知椭圆C :22221x y a b+=(0a b >>)的离心率为12,右焦点F 到直线20x y -+=的距离为,1A 、2A 分别为椭圆C 的左、右顶点.(1)求椭圆C 的方程;(2)过点F 的直线l 交椭圆C 于A 、B 两点(点A 在x 轴上方),T 为直线1A A 、2A B 的交点.当点T的纵坐标为时,求直线l 的方程.【解答】(1)由右焦点(0)F c ,到直线20x y -+=的距离为,知=.结合0c >,得2c =.又椭圆的离心率为12,因此,24a c ==,b =所以,椭圆C 的方程为2211612x y +=.……………5分(2)解法一:如图,易知直线l 斜率不为0,设l 方程为2x my =+.由22211612x my x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩,得22(34)12360m y my ++-=.………①方程①的判别式0>△,①有两个不相等的实根.设11()A x y ,,22()B x y ,,则1221234m y y m -+=+,1223634y y m -=+.设(T t .由1A 、A 、T共线得,110044y t x -=++,即11163(4)64)x t m y y ++==+,由2A 、B 、T共线得,220044y t x --=--,即2224)24)x t m y y --==-.………………………………………………10分于是,1212126612(4)3(4)326)26036y y mt t m m m m y y y y +-+--=+-+=-+⋅=-+⋅=-由此可得,8t =.……………………………………………15分所以,(8T ,直线1AT方程为(4)2y x =+,与椭圆C 的方程2211612x y +=联立得(0A .所以,直线AF 方程即直线l方程为y =+0y +-= (20)分(第12题答题图)解法二:如图,易知直线l 斜率不为0,设l 方程为2x my =+.由22211612x my x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩,得22(34)12360m y my ++-=.……………………………①方程①的判别式0>△,①有两个不相等的实根.设11()A x y ,,22()B x y ,,则1221234m y y m -+=+,1223634y y m -=+.设(T t .由1A 、A 、T共线得,110044y t x --=++,即1114)64x t m y y ++==+.由2A 、B 、T 共线得,22063044y t x --=--,即2224)24x t m y y --==-.联立两式消t,得12628)y y =+,1231y y +=.………………10分所以,1221212()231y y y y y y y +++==,222123623434m y m m --+=++.于是,22634m y m -=+,121834m y m -+=+,………………………………15分代入1223634y y m -=+,得2224(323)(923)36(34)34m m m m ----=++,解得33m =-.所以,直线l方程为23x y =-+,即0y +-=.…………………20分(第12题答题图)解法三:如图,若l x ⊥轴,则(23)A ,,(23)B -,,易得点T 的纵坐标为6,不符合题意.若l 斜率存在,设l 方程为(2)y k x =-,0k ≠.由22(2)11612y k x x y =-⎧⎪⎨+=⎪⎩,得2222(34)1616480k x k x k +-+-=.………………①①的判别式2576(1)0k =+>△,①有两个不相等的实根.设11()A x y ,,22()B x y ,,则21221634k x x k +=+,2122164834k x x k -=+.设(T t .由1A 、A 、T共线得110044y t x -=++,即114)4(2)x t k x ++=-.由2A 、B 、T共线得220044y t x --=--,即224)4(2)x t k x --=-.………………………………………………10分于是,121212121244210()32(4)3(4)(322(2)(2)x x x x x x t t k x x k x x +--++-+--=-⋅=⋅----由22121222164816210()322103203434k k x x x x k k--++-=-⨯+⨯-=++,得(4)3(4)0t t +--=.由此可得,8t =.……………………………………………15分所以,(8T ,直线1AT 方程为3(4)2y x =+,与椭圆C 的方程2211612x y +=联立得(0A .所以,直线AF 方程即直线l方程为y =+0y +-=.………20分(第12题答题图)13.如图,在ABC △中,AB AC <,ABC △的内切圆I 与边BC 、CA 分别切于点D 、E ,连AI 并延长交ABC △的外接圆O 于点N ,连ND 、NO 并延长分别交O e 于点G 、M ,连GE 并延长交O e 于点F .(1)求证:NIG NDI △∽△;(2)求证:MF AC ∥.【证明】(1)如图,连结BN ,BI ,BG .由I 为ABC △的内心知,NBI NBC CBI NAC CBI BAI ABI BIN ∠=∠+∠=∠+∠=∠+∠=∠.所以,NB NI =.………………………………5分又NGB NAB NAC NBD ∠=∠=∠=∠,BNG DNB ∠=∠,所以,NBG NDB △∽△,NB NDNG NB=.因此,NI NDNG NI=.又ING DNI ∠=∠,所以,NIG NDI △∽△.………………………10分(2)连结GA 、GM .由(1)NIG NDI △∽△,得NGI NID ∠=∠.由I 为ABC △的内心,知N 为»BC的中点,MN BC ⊥.又ID BC ⊥,因此ID MN ∥,NID ANM AGM ∠=∠=∠.所以,NGI AGM ∠=∠.于是,90AGI AGM MGI NGI MGI MGN ∠=∠+∠=∠+∠=∠=︒.…………………15分又90AEI ∠=︒.所以,A 、G 、I 、E 四点共圆.所以,909090AEG AIG GAI GAN GMN MNG MFG ∠=∠=︒-∠=︒-∠=︒-∠=∠=∠.所以,MF AC ∥.…………………………………………20分(第13题图)(第13题答题图)14.已知2()(1)1xf x x a x e ⎡⎤=+-+⎣⎦,若2()0f x e +≥恒成立,求实数a 的取值范围.【解答】2()(21)(1)1(1)()x x xf x x a e x a x e x x a e '⎡⎤=+-++-+=++⎣⎦.设2()(1)1g x x a x =+-+.①当13a -≤≤时,方程2(1)10x a x +-+=的判别式2(1)40a =--≤△,此时()0g x ≥恒成立,222()()0x f x e g x e e e +=⋅+≥>恒成立.………………………………………………5分②当3a >时,x a <-或1x >-时,()0f x '>;1a x -<<-时,()0f x '<.()f x 在区间(]a -∞-,,[)1-+∞,上为增函数;在[]1a --,上为减函数.当x a ≤-时,2()(1)1()10g x x a x x x a x =+-+=++->,2()0f x e +>成立.当x a >-时,()f x 的最小值为1(1)(3)f a e --=-.由2()0f x e +≥恒成立知,12(3)0a e e --+≥,33a e ≤+.因此,333a e <≤+.………………………………………10分③当1a <-时,1x <-或x a >-时,()0f x '>;1x a -<<-时,()0f x '<.()f x 在区间(]1-∞-,,[)a -+∞,上为增函数;在[]1a --,上为减函数.当1x ≤-时,2()(1)1(1)0g x x a x a x =+-+>->,2()0f x e +>成立.当1x >-时,()f x 的最小值为()f a -.由2()0f x e +≥恒成立知,22()(1)0a f a e a e e --+=++≥.………………15分设2()(1)x h x x e e -=++,则()x h x xe -'=-,1x <-时,()0h x '>.所以,()h x 在(1)-∞-,上为增函数.又(2)0h -=,于是()0h x ≥在(1)-∞-,上的解集为[)21--,.因此,1a <-时,22()(1)0a f a e a e e --+=++≥,的解集为[)21--,.综合①、②、③得323a e -≤≤+.所以,a 的取值范围为323e ⎡⎤-+⎣⎦,.…………………………………20分1315.将一个20202020⨯方格表的每个小方格染黑、白两种颜色之一,满足以下条件:方格表中的任意一个小方格A ,它所在的行与列的所有小方格中,与A 异色的小方格多于与A 同色的小方格.证明:染色后,方格表中每行、每列两种颜色的小方格一样多.【证明】对黑格与白格分别标记1-和1.对任意i 、j (1i ≤、2020j ≤),设第i 行各数之和为i s ,第j 列各数之和为j t ,第i 行与第j 列交叉格中的数为ij a ,则位于第i 行或第j 列上的全部数之和为i j ij s t a +-.由条件知,i j ij s t a +-与ij a 异号.……………………………5分所以,()1ij i j ij a s t a +-≤-.又21ij a =,因此()0ij i j a s t +≤,2020202011()0ij i j i j a s t ==+≤∑∑.…………………10分另一方面,202020202020202020202020202020202211111111()0ij i j i ij j ij i j i j i j j i i j a s t s a t a s t ========+=+=+≥∑∑∑∑∑∑∑∑.………15分所以,2020202020202020221111()0ij i j i j i j i j a s t s t ====+=+=∑∑∑∑.因此,对任意的i 、j ,均有0i s =,0j t =.所以,每行、每列中的两种颜色的小方格一样多.……………………………20分。

相关文档
最新文档