2018-2019年上海市七宝中学高二下期中数学试卷及答案

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2018-2019学年上海市闵行区七宝中学高二下学期开学考试数学试题(解析版)

2018-2019学年上海市闵行区七宝中学高二下学期开学考试数学试题一、单选题1．（上海市崇明区2018届高三4月模拟）若1是关于x 的实系数方程20x bx c ++=的一个复数根，则（）A ．2b =， 3c =B ．2b =， 1c =-C ．2b =-， 3c =D ．2b =-， 1c =-【答案】C【解析】由题意可得：()()2110b c +++=，则：()()120b c -++++=，整理可得：()()10b c i +-+=，据此有：10b c +-=⎧⎪⎨=⎪⎩，求解方程组可得：23b c =-⎧⎨=⎩. 本题选择C 选项.2．关于x ，y ，z 的三元一次方程组()1232136ax y z x ay z x a y z ⎧++=⎪++=⎨⎪+++=⎩解的情况是（）A ．一组解B ．一组解或无穷多组解C ．一组解或无解D ．无解【答案】B【解析】分别计算D,,,x y z D D D ,并对a 讨论求解即可【详解】21111111(1),21132136213x a D aa D aa a a ==-==-++11111210,12(21)(1)3633216y z a a D D aa a a ===--+当1a ≠，110211x y z D x D a D y D D a x D a ⎧==⎪-⎪⎪==⎨⎪-⎪==⎪-⎩方程组有唯一解当 1 ,0y z x a D D D ====即方程组为123336x y z x y z x y z ++=⎧⎪++=⎨⎪++=⎩，方程组无解故选：B 【点睛】本题考查行列式与方程组的解，考查运算能力，是基础题3．双曲线C 的左、右焦点为1F ，2F ，P 为C 右支上的动点（非顶点），I 为12F PF ∆的内心.当P 变化时，I 的轨迹为（） A ．直线的一部分 B ．椭圆的一部分 C ．双曲线的一部分 D ．无法确定【答案】A【解析】将内切圆的圆心坐标进行转化成圆与横轴切点Q 的横坐标，PF 1﹣PF 2＝F 1Q ﹣F 2Q ＝2a ，F 1Q +F 2Q ＝F 1F 2解出OQ ，可得结论．【详解】如图设切点分别为M ，N ，Q ，则△PF 1F 2的内切圆的圆心的横坐标与Q 横坐标相同．由双曲线的定义，PF 1﹣PF 2＝2a ＝4．由圆的切线性质PF 1﹣PF 2＝F 1M ﹣F 2N ＝F 1Q ﹣F 2Q ＝2a ， ∵F 1Q +F 2Q ＝F 1F 2＝2c ， ∴F 1Q ＝a +c ，F 2Q ＝c ﹣a ，∴OQ ＝OF 2﹣QF 2＝c ﹣（c ﹣a ）＝a ．∴△F 1PF 2内切圆与x 轴的切点坐标为（a ，0）， ∴当P 变化时，I 的轨迹为直线的一部分．故选：A ．【点睛】本题巧妙地借助于圆的切线的性质，强调了双曲线的定义,注意切线长相等的应用 4．已知两点51,4A ⎛⎫ ⎪⎝⎭，54,4B ⎛⎫-- ⎪⎝⎭，给出下列曲线方程：（1）4210x y +-=；（2）223x y +=；（3）2214y x -=；（4）2214y x +=，在曲线上存在点P 满足PA PB =的所有曲线是（） A ．（1）（2）（3）（4） B ．（2）（3） C ．（1）（4） D ．（2）（3）（4）【答案】B【解析】求出线段MN 的垂直平分线方程，然后分别和题目给出的四条曲线方程联立，利用判别式判断直线和曲线的交点情况，从而判断给出的曲线上是否存在点P ，使得||P A |＝|PB |．【详解】由A （1，54），B （﹣4，54-），得()55144142ABk ⎛⎫-- ⎪⎝⎭==--，A 、B 的中点坐标为（32-，0）， ∴AB 的垂直平分线方程为y ﹣0＝﹣2（x 32+），即y ＝﹣2x ﹣3．（1）∵直线y ＝﹣2x ﹣3与直线4x +2y ﹣1＝0平行， ∴直线4x +2y ﹣1＝0上不存在点P ，使|P A |＝|PB |；（2）联立22233y x x y =--⎧⎨+=⎩，得5x 2+12x +6＝0，△＝122﹣4×5×6＝24＞0． ∴直线y ＝﹣2x ﹣3与x 2+y 2＝3有交点，曲线x 2+y 2＝3上存在点P 满足|P A |＝|PB |；（3）联立222314y x y x =--⎧⎪⎨-=⎪⎩，得1312x =-，方程有解，∴直线y ＝﹣2x ﹣3与x 224y -=1有交点，曲线x 224y -=1上存在点P 满足|P A |＝|PB |；（4）联立222314y x y x =--⎧⎪⎨+=⎪⎩，得8x 2+12x +5＝0，△＝122﹣4×8×5＝﹣16＜0． ∴直线y ＝﹣2x ﹣3与x 224+=y 1没有交点，曲线x 224+=y 1上不存在点P 满足|P A |＝|PB |．∴曲线上存在点P 满足|P A |＝|PB |的所有曲线是（2）（3）．故选：B ．【点睛】本题考查了曲线与方程，训练了线段的垂直平分线方程的求法，考查了利用判别式法判断两条曲线的位置关系，是中档题．二、填空题 5．复数2i的虚部是______. 【答案】-2【解析】利用复数的运算法则、虚部的定义即可得出．【详解】()()222i i i i i -==--,故虚部为-2 故答案为：-2 【点睛】本题考查了复数的运算法则、虚部的定义，属于基础题． 6．直线342x ty t=+⎧⎨=-⎩（t 是参数，t R ∈）的一个方向向量是______.【答案】（1，14-）【解析】化直线的参数方程为普通方程为：x +4y ﹣11＝0，由直线的方向向量得：该直线的斜率k 14=-，即该直线的一个方向向量为（1，14-），得解．【详解】将直线342x ty t =+⎧⎨=-⎩（t 是参数，t ∈R ）化为普通方程为：x +4y ﹣11＝0，可得该直线的斜率k 14=-，即该直线的一个方向向量为：（1，14-）故答案为：（1，14-）【点睛】本题考查了直线的参数方程与普通方程的互化及直线的方向向量，属简单题．7．已知椭圆2221x y a+=（0a >）的焦点1F 、2F ，抛物线22y x =的焦点为F ，若123F F FF =，则a =________【解析】由抛物线的标准方程可得其焦点坐标为1,02F ⎛⎫⎪⎝⎭，设椭圆的焦点坐标为：()()12,0,,0F c F c -，则：1211,0,,022F F c FF c ⎛⎫⎛⎫=+=-⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，由题意有：11,03,022c c ⎛⎫⎛⎫+=-⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，则：11322c c ⎛⎫+=- ⎪⎝⎭，求解关于c 的方程可得：1c =，则：a ==.8．已知点(23)A ，，(1,0)B ，动点P 在y 轴上，当||||PA PB +取最小值时，点P 的坐标为______. 【答案】()0,1【解析】作出A 关于y 轴的对称点()'2,3A -,连接'A B ,与y 轴交于P ,即为所求，求出直线AB 的方程，令0x =可得P 的坐标. 【详解】作出A 关于y 轴的对称点()'2,3A -, 连接'A B ,与y 轴交于P ,即为所求，此时PA PB +取最小值'A B ，由'A B 的斜率为30121-=---，可得方程()1y x =--，令0x =，可得1y =，即为()0,1P ，故答案为()0,1. 【点睛】解决解析几何中的最值问题一般有两种方法：一是几何意义，特别是用曲线的定义和平面几何的有关结论来解决，非常巧妙；二是将解析几何中最值问题转化为函数问题，然后根据函数的特征选用参数法、配方法、判别式法、三角函数有界法、函数单调性法以及均值不等式法求解.9．已知复数(),z a bi a b R =+∈，满足1z =，则ab 的最小值是______. 【答案】12-【解析】由1z =得,a b 的关系，再利用基本不等式求最值即可【详解】 ∵|z |＝1，=1，即a 2+b 2＝1，则1＝a 2+b 2≥2|ab |，当且仅当|a |=|b |=2等号成立即|ab |12≤，则12-≤ab 12≤，，故答案为：12-【点睛】本题主要考查复数模长的应用，结合基本不等式求最值是解决本题的关键．10．已知{}n a 是无穷等比数列，若{}n a 的每一项都等于它后面所有项的k 倍，则实数k 的取值范围是______.【答案】（﹣∞，﹣2]∪（0，+∞）．【解析】无穷等比数列{a n }的各项和为A ，前n 项和为S n ，公比为q ，0＜|q |≤1，q ≠1．可得A 11a q =-，S n ()111na q q-=-，由题意可得：a n ＝k （A ﹣S n ），代入化为：k ()1n q q q -=，分类讨论即可得出．【详解】解：无穷等比数列{a n }的各项和为A ，前n 项和为S n ，公比为q ，0＜|q |≤1，q ≠1．则A 11a q =-，S n ()111na q q-=-，由题意可得：a n ＝k （A ﹣S n ）， ∴a 1q ＝k （()11111na q a qq----），化为：k ()1nq q q-=，1＞q ＞0时，k ＞0，n →+∞时，k →+∞．﹣1≤q ＜0时，可得：n 为偶数时，k ∈（﹣∞，﹣2]；n 为奇数时，k ＞0． ∴k ∈（﹣∞，﹣2]∪（0，+∞）．综上可得：k ∈（﹣∞，﹣2]∪（0，+∞）．故答案为：（﹣∞，﹣2]∪（0，+∞）．【点睛】本题考查了等比数列的通项公式及其性质、极限性质，考查了分类讨论方法、推理能力与计算能力，属于中档题．11．已知12F F 、是双曲线()2222100x y a b a b-=＞，＞的左、右焦点,过点1F 且斜率为2的直线l 交双曲线的左支于点P,若直线2PF l ⊥，则双曲线的渐近线方程是__________. 【答案】2y x =±【解析】先求出过点1F 且斜率为2的直线的方程，再利用垂直关系得出直线1PF 的方程，求出它们的焦点坐标及点P 的坐标，利用点P 在双曲线上，代入求得,,a b c 的关系式，进而求得其渐近线的方程，得到答案．【详解】由题意，过过点1F 且斜率为2的直线l 的方程为2()y x c =+，因为2PF l ⊥，所以直线1PF 的斜率为12-，所以直线1PF 的方程为1()2y x c =--，两直线联立方程组，解得交点P 的坐标为34(,)55c c-，如图所示，将点P 代入双曲线的方程，可得222234()()551c c a b --=，整理得22222291625b c a c a b -=，又由222b c a =-，代入得222222229()1625()c a c a c a c a --=-，整理得4224950250c a c a -+=，解得225c a =，可得224b a =，即2b a =，所以双曲线的渐近线的方程为2y x =±．故答案为：2y x =±．、【点睛】本题主要考查了双曲线的标准方程，以及双曲线的简单的几何性质的应用，其中解答中熟记双曲线的标准方程，以及合理应用双曲线的几何性质是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于中档试题．12．已知n S 为数列{}n a 的前n 项和，12a =，24a =，平面内三个不共线的向量OA ，OB ，OC 满足()()()*1112,n n n OC a OA a a OB n n N -+=-++≥∈，若点A ，B ，C在同一直线上，则2019S =______. 【答案】8【解析】由题意得出a n ﹣1+a n +1＝a n ，由S n 为数列{a n }的前n 项和，a 1＝2，a 2＝4，得到数列{a n }是以6为周期的周期数列，前6项为2，4，2，﹣2，﹣4，﹣2，由此能求出S 2019 【详解】因为OC =（1﹣a n ）OA +（a n ﹣1+a n +1）OB （n ≥2，n ∈N ），A ，B ，C 在同一直线上，则a n ﹣1+a n +1+1﹣a n ＝1，∴a n ﹣1+a n +1＝a n ， ∵S n 为数列{a n }的前n 项和，a 1＝2，a 2＝4，∴数列{a n }为：2，4，2，﹣2，﹣4，﹣2，2，4，2，﹣2，﹣4，﹣2，… 即数列{a n }是以6为周期的周期数列，前6项为2，4，2，﹣2，﹣4，﹣2， ∵2019＝6×336+3，∴S 2019＝336×（2+4+2﹣2﹣4﹣2）+2+4+2＝8．故答案为：8 【点睛】本题考查数列的前n 项和的求法，考查周期数列、共线向量性质等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力，考查化归与转化思想、函数与方程思想，是中档题． 13．已知平面向量a ，b ，c 满足a b ⊥，且{}{},,1,2,3a b c =，则a b c ++的最大值是______.【答案】3【解析】分别以a b ，所在的直线为x ，y 轴建立直角坐标系，分类讨论：当{|a |，|b |}＝{1，2}，|c |＝3，设()c x y ，=，则x 2+y 2＝9，则a b c ++=（1+x ，2+y ），有|++a b c |=的最大值，其几何意义是圆x 2+y 2＝9上点（x ，y ）与定点（﹣1，﹣2）的距离的最大值；其他情况同理，然后求出各种情况的最大值进行比较即可．【详解】分别以a b ，所在的直线为x ，y 轴建立直角坐标系， ①当{|a |，|b |}＝{1，2}，|c |＝3，则()12a b +=，，设()c x y ，=，则x 2+y 2＝9，∴a b c ++=（1+x ，2+y ），∴|++a b c |的最大值，其几何意义是圆x 2+y 2＝9上点（x ，y ）与定点（﹣1，﹣2）的距离的最大值为3=3②当{|a |，|b |}＝{1，3}，|c |＝2，则()13a b +=，，x 2+y 2＝4， ∴a b c ++=（1+x ，3+y ） ∴|++a b c|=x 2+y 2＝4上点（x ，y ）与定点（﹣1，﹣3）的距离的最大值为2=2， ③当{|a |，|b |}＝{2，3}，|c |＝1，则()23a b +=，，设()c x y ，=，则x 2+y 2＝1∴a b c ++=（2+x ，3+y ） ∴|++a b c|=x 2+y 2＝1上取点（x ，y ）与定点（﹣2，﹣3）的距离的最大值为1=1∵133++++ 故|++a b c |的最大值为3故答案为：3【点睛】本题主要考查了向量的模的求解，解题的关键是圆的性质的应用：在圆外取一点，使得其到圆上点的距离的最大值：r +d （r 为该圆的半径，d 为该点与圆心的距离）．14．设m 为实数，若{}22250()|{30()|250x y x y x x y x y mx y -+≥⎧⎫⎪⎪-≥⊆+≤⎨⎬⎪⎪+≥⎩⎭，，，则m 的取值范围是．【答案】403m ≤≤ 【解析】【详解】如图可得440033m m -≤-≤∴≤≤ 15．已知数列{}n a 的前n 项和为n S ，且满足()1202n n n a S S n -+⋅=≥，112S =，设n n b na =，则以下四个命题：（1）1n S ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是等差数列；（2）{}n b 中最大项是1b ；（3）{}n a 通项公式是()121n a n n =--；（4）lim 0n n a →∞=.其中真命题的序号是______. 【答案】（1）（2）（4）【解析】运用数列的递推式，结合等差数列的定义和通项公式，即可判断（1），（3），由数列的单调性可判断（2），（4）．【详解】a n +2S n ﹣1•S n ＝0（n ≥2），S 112=，可得S n ﹣S n ﹣1＝﹣2S n ﹣1•S n ＝0（n ≥2），即有111n n S S --=2， {1n S }是首项、公差均为2的等差数列，故（1）正确；可得1n S =2+2（n ﹣1）＝2n ，即S n 12n=，可得a 1＝S 112=，n ≥2时，a n ()121n n =--，对n ＝1不成立，故（3）错误；由a n ()121n n =--在n ≥2递增，当n →∞时，可得n lim →∞a n ＝0，故（4）正确； b n ＝na n ()1121221n n n ⎧=⎪⎪=⎨⎪≥-⎪⎩，，，可得n ≥2时，b n 递增，且b n ＜0，则{b n }中最大项是b 1，故（2）正确．故答案为：（1）（2）（4）．【点睛】本题考查数列的递推式的运用，考查等差数列的定义和通项公式的运用，以及数列的单调性，考查化简运算能力和推理能力，注意利用S n 12n=求a n 检验首项是否成立属于中档题．16．已知函数()21x f x x -=-与()1g x mx m =+-的图像相交于点A ，B 两点，若动点P 满足4PA PB +=，则点P 的轨迹方程是______.【答案】（x ﹣1）2+（y ﹣1）2＝4．【解析】函数f （x ）21x x -==-111x --，可得f （x ）的对称中心为Q （1，1）．直线g （x ）＝mx +1﹣m 即y ＝m （x ﹣1）+1，经过定点Q （1，1）．可得两图象相交的两点A ，B 关于点Q 对称．设A （x 0，y 0），B （2﹣x 0，2﹣y 0）．设P （x ，y ）．利用动点P 满足|PA PB +|＝4，即可得出．【详解】函数f （x ）21x x -==-111x --，可得f （x ）的对称中心为Q （1，1）．直线g （x ）＝mx +1﹣m 即y ＝m （x ﹣1）+1，经过定点Q （1，1）．则两图象相交的两点A ，B 关于点Q 对称．设A （x 0，y 0），B （2﹣x 0，2﹣y 0）．设P （x ，y ）． ∵PA PB +=（2﹣2x ，2﹣2y ）．∵动点P 满足|PA PB +|＝4，=4，化为：（x ﹣1）2+（y ﹣1）2＝4．故答案为：（x ﹣1）2+（y ﹣1）2＝4．【点睛】本题考查了函数的对称性、轨迹方程、向量坐标运算性质、数量积运算性质，考查了推理能力与计算能力，准确推理两函数均关于点（1,1）对称是关键，属于中档题．三、解答题17．已知复数z 满足2641iz i-+=--. （1）求复数z 的共轭复数z ；（2）若w z ai =+，且w z ≤，求实数a 的取值范围. 【答案】（1）82z i =--（2）﹣4≤a ≤0【解析】（1）利用复数的运算法则、共轭复数的定义即可得出；（2）利用复数模的计算公式、一元二次不等式的解法即可得出．【详解】（1）()()2614822i i z i -++=-=-+，∴82z i =--．（2）由（1）z =w ＝﹣8+（2+a ）i ，∴w ==∵|w |≤|z |，则68+4a +a 2≤68，a 2+4a ≤0，﹣4≤a ≤0，所以，实数a 的取值范围是：﹣4≤a ≤0．【点睛】本题考查了复数的运算法则、共轭复数的定义、复数模的计算公式、一元二次不等式的解法，考查了计算能力，属于基础题．18．已知定点()0,1A ，()0,1B -，()1,0C ，动点P 满足2AP BP k CP ⋅=. （1）求动点P 的轨迹方程，并说明方程表示的曲线类型；（2）当2k =时，求AP BP +的取值范围. 【答案】（1）见解析（2）[2，6]【解析】（1）设P （x ，y ），则AP =（x ，y ﹣1），BP =（x ，y +1），CP =（x ﹣1，y ），动点P 满足AP BP ⋅=k |CP |2．可得x 2+y 2﹣1＝k [（x ﹣1）2+y 2]，对k 分类讨论即可得出．（2）当k ＝2时，方程为：（x ﹣2）2+y 2＝7．由|AP BP +|＝|（2x ，2y ）|＝求出原点到圆心的距离d ．即可对称|AP BP +|的取值范围．【详解】（1）设P （x ，y ），则AP =（x ，y ﹣1），BP =（x ，y +1），CP =（x ﹣1，y ）， ∵动点P 满足AP BP ⋅=k |CP |2． ∴x 2+y 2﹣1＝k [（x ﹣1）2+y 2]，k ＝1时，化为：x ﹣1＝0，此时点P 的轨迹为直线． k ≠1时，化为：2()1k x k -+-y 221(1)k =-．由21(1)k -＞0，得点P 的轨迹为圆，圆心为01k k ⎛⎫⎪-⎝⎭，（2）当k ＝2时，方程为：（x ﹣2）2+y 2＝1．|AP BP +|＝|（2x ，2y ）|＝．原点到圆心（2,0）的距离d ＝22-1=1，最大为2+1=3∴|AP BP +|＝[2，6]．【点睛】本题考查了圆的定义标准方程及其性质、分类讨论方法、向量坐标运算性质、数量积运算性质、两点之间的距离公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题． 19．从数列{}n a 中取出部分项组成的数列称为数列{}n a 的“子数列”.（1）若等差数列{}n a 的公差0d ≠，其子数列{}n k a 恰为等比数列，其中11k =，25k =，317k =，求12n k k k ++⋅⋅⋅+；（2）若32n a n =-，4n n b =，判断数列{}n b 是否为{}n a 的“子数列”，并证明你的结论. 【答案】（1）3n﹣1﹣n （2）见解析【解析】（1）运用等比数列的中项性质和等差数列的通项公式，求得首项和公差的关系，可得等比数列的公比，结合等比数列的通项公式，可得k n ＝2•3n ﹣1﹣1，再由数列的分组求和，即可得到所求和；（2）数列{b n }为{a n }的“子数列”．由3k ﹣2＝4n ，可得3k ＝4n+2，运用二项式定理即可得证．【详解】（1）等差数列{a n }的公差d ≠0，其子数列{a n k }恰为等比数列，其中k 1＝1，k 2＝5，k 3＝17，可得a 1k =a 1，a 2k =a 5，a 3k =a 17，且有a 52＝a 1a 17，即（a 1+4d ）2＝a 1（a 1+16d ），化为a 1＝2d ，则a n ＝a 1+（n ﹣1）d ＝（n +1）d ，子数列{a n k }为首项为2d ，公比为51a a =3的等比数列，则a n k =2d •3n ﹣1＝（k n +1）d ，可得k n ＝2•3n ﹣1﹣1，则k 1+k 2+…+k n ＝（2+6+…+2•3n ﹣1）﹣n()21313n -=--n ＝3n﹣1﹣n ；（2）若a n ＝3n ﹣2，b n ＝4n，数列{b n }为{a n }的“子数列”．由3k ﹣2＝4n ，可得3k ＝4n+2，由4n ＝（1+3）n ＝1+C 1n •3+C 2n •32+…+3n ，即有4n +2＝3（1+C 1n +C 2n •3+…+3n ﹣1），显然为3的倍数，故数列{b n }为{a n }的“子数列”．【点睛】本题考查数列的新定义的理解和运用，以及等差数列和等比数列的定义和通项公式的运用，考查运算能力，属于中档题．20．设复数(),x yi x y R β=+∈与复平面上点(),P x y 对应.（1）若β是关于t 的一元二次方程()220t t m m R -+=∈的一个虚根，且2β=，求实数m 的值；（2）设复数β满足条件()()31331nna a ββ++--=+-（其中*n N ∈、常数3,32a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭），当n 为奇数时，动点(),P x y 的轨迹为1C ，当n 为偶数时，动点(),P x y 的轨迹为2C，且两条曲线都经过点(D ，求轨迹1C 与2C 的方程；（3）在（2）的条件下，轨迹2C 上存在点A ，使点A 与点()()00,00B x x >的最小距，求实数0x 的取值范围.【答案】（1）m ＝4；（2）C 1的方程是：22136x y -=（x ≥，C 2的方程是：221123x y +=．（3）00x ≤＜或0x ≥．【解析】（1）由实系数方程虚根成对，利用韦达定理直接求出m 的值．（2）方法一：分n 为奇数和偶数，化出a 的范围，联立双曲线方程，求出a 值，推出双曲线方程即可．方法二：由题意分a 的奇偶数，联立方程组，求出复数β，解出a ，根据双曲线的定义求出双曲线方程．（3）设点A 的坐标，求出|AB |表达式，根据x 范围，x的对称轴讨论002x ≤＜，02x ＞时，|AB |的最小值，不小于3，求出实数x 0的取值范围．【详解】（1）β是方程的一个虚根，则β是方程的另一个虚根，则2||4m βββ⋅===，所以m ＝4（2）方法1：①当n 为奇数时，| β +3|﹣| β﹣3|＝2a ，常数332a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，），轨迹C 1为双曲线一支，其方程为222219x y a a -=-，x ≥a ； ②当n 为偶数时，| β +3|+| β﹣3|＝4a ，常数332a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，），轨迹C 2为椭圆，其方程为22221449x y a a +=-；依题意得方程组42224222421445990449421536019a a a a a a a a ⎧+=⎪⎧-+=⎪-⇒⎨⎨-+=⎩⎪-=⎪-⎩解得a 2＝3，因为332a ＜＜，所以a =此时轨迹为C 1与C 2的方程分别是：22136x y -=，x ≥，221123x y +=．方法2：依题意得334333332a a a a ββββββ⎧++-=⎧+=⎪⎪⇒⎨⎨-=+--=⎪⎩⎪⎩ 轨迹为C 1与C 2都经过点(2D，且点(2D对应的复数2β=+，代入上式得a =即33ββ+--=C 1是双曲线，方程为22136x y -=；33ββ++-=对应的轨迹C 2是椭圆，方程为221123x y +=．（3）由（2）知，轨迹C 2：221123x y +=，设点A 的坐标为（x ，y ），则22222001||()()34AB x x y x x x =-+=-+-22220000334123()34433x x x x x x x =-++=-+-，0x ⎡∈-⎣当0403x ≤＜即002x ≤＜时，220014||3033min AB x x =-≥⇒≤＜当043x ＞0x时，00|min AB x x =-≥⇒≥，综上00x ≤＜0x ≥．【点睛】本题考查复数的基本概念，轨迹方程，直线与圆锥曲线的综合问题，考查分类讨论思想，转化思想，是中档题．21．抛物线22y x =的准线与x 轴交于点M ，过点M 作直线l 交抛物线于A ，B 两点. （1）求直线l 的斜率的取值范围；（2）若线段AB 的垂直平分线交x 轴于()0,0N x ，求证：032x >；（3）若直线l 的斜率依次为12，14，18，…，12n ，…，线段AB 的垂直平分线与x 轴的交点依次为1N ，2N ，3N ，…，n N ，…，求12231111n nN N N N N N -++⋅⋅⋅+. 【答案】（1）k ∈（﹣1，0）∪（0，1）；（2）见解析（3）111194n -⎡⎤⎛⎫-⎢⎥ ⎪⎝⎭⎢⎥⎣⎦【解析】（1）求得抛物线的准线方程，可得M 的坐标和直线l 的方程，联立抛物线方程，运用判别式大于0，即可得到所求范围；（2）设A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），运用韦达定理和中点坐标公式，以及两直线垂直的条件：斜率之积为﹣1，可得AB 的垂直平分线方程，可令y ＝0，求得x ，即可得证；（3）设N m （x m ，0），求得142mm x =+，所以1114434m m m m m N N ---=-=⋅，由等比数列的求和公式，即可得到所求和．【详解】（1）抛物线y 2＝2x 的准线为x 12=-， 102M ⎛⎫- ⎪⎝⎭，，设l ：12y k x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，联立直线与抛物线的方程：()22222120242y k x k k x k x y x⎧⎛⎫=+⎪ ⎪⇒+-+=⎝⎭⎨⎪=⎩（）．因为l 交抛物线于两点，所以k ≠0且二次方程（）根的判别式△＞0，即（k 2﹣2）2﹣k 4＞0，解得k ∈（﹣1，0）∪（0，1）；（2）证明：设A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），由韦达定理可得21222k x x k -+=-，()121221y y k x x k +=++=，所以AB 中点的坐标为22212k k k ⎛⎫-- ⎪⎝⎭，，所以AB 中垂线方程为221122k y x k k k ⎛⎫--=-+ ⎪⎝⎭，令y ＝0，可得0211322x k =+＞．（3）设N m （x m ，0），由直线l 的斜率依次为11112482n ，，，，，，可得x m 2112k =+，则142mm x =+，所以1114434mm m m m N N ---=-=⋅，1223111113n nN N N N N N -+++=（11144n -++）13=•111144114n -⎛⎫- ⎪⎝⎭-，所以11223111111194n n n N N N N N N --⎡⎤⎛⎫+++=-⎢⎥ ⎪⎝⎭⎢⎥⎣⎦．【点睛】本题考查抛物线的方程和性质，同时考查等比数列的通项公式和求和公式的运用，考查化简运算能力和推理能力，属于中档题．。

2019-2020学年上海市闵行区七宝中学高二下学期期中数学试卷(含答案解析)

2019-2020学年上海市闵行区七宝中学高二下学期期中数学试卷一、单选题（本大题共4小题，共12.0分）1.若复数z=a+i1−2i(a∈R,i是虚数单位)是纯虚数，则|a+2i|等于()A. 2B. 2√2C. 4D. 82.条件p：π4<α<π2，条件q：f(x)=log tanαx在(0,+∞)是增函数，则p是q的()A. 充要条件B. 充分不必要条件C. 必要不充分条件D. 既不充分也不必要条件3.在三棱锥中，，是等腰直角三角形，，为中点.则与平面所成的角等于()A. B. C. D.4.如图，长方体ABCD−A1B1C1D1中，AD=CD=1，DD1=2，则直线DB1与直线BC1所成角的余弦值为()A. √3010B. √1010C. √7010D. 3√1010二、单空题（本大题共12小题，共36.0分）5.已知复数z1=3+4i，z2=t+i，，且z1⋅z2是实数，则实数t等于______．6.设复数z1，z2在复平面内的对应点关于虚轴对称，z1=2+i，则|z2z1|=______ ．7.设复数z1=1+i，z2=−2+xi(x∈R)，若z1⋅z2∈R，则x的值等于______．8.如果我们把高和底面半径相等的圆锥称为“标准圆锥”，那么母线长为2√2的“标准圆锥”的体积为______ ．9.若z∈C，且|z+3+4i|≤2，则|z|的取值范围为____________．10.在复数集中分解因式：a4−b4=．11.在复平面内，三点A，B，C分别对应复数z A，z B，z C，若z B−z Az C−z A =1+43i，则△ABC的三边长之比为______．12.若2cos2x=1，则x=______13.已知正三棱柱ABC−A1B1C1的底面边长与侧棱长相等．蚂蚁甲从A点沿表面经过棱BB1，CC1爬到点A1，蚂蚁乙从B点沿表面经过棱CC1爬到点A1.如图，设∠PAB=α，∠QBC=β，若两只蚂蚁各自爬过的路程最短，则α+β=______ ．14.如图，长方体ABCD−A1B1C1D1的棱AB=3，AD=AA1=2，E点在棱D1C1上，且D1E=13D1C1，则直线AE与DB1所成角的余弦值为______．15.给出下列命题：①如果，是两条直线，且//，那么平行于经过的任何平面；②如果平面不垂直于平面，那么平面内一定不存在直线垂直于平面；③若直线，是异面直线，直线，是异面直线，则直线，也是异面直线；④已知平面⊥平面，且∩=，若⊥，则⊥平面；⑤已知直线⊥平面，直线在平面内，//，则⊥．其中正确命题的序号是．16.如图，一个立方体的六个面上分别标有字母A、B、C、D、E、F，如图是此立方体的两种不同放置，则与D面相对的面上的字母是______ ．三、解答题（本大题共5小题，共60.0分）17.计算下列问题：18.如图，在三棱柱ABC−A1B1C1中，BB1⊥平面ABC，AB⊥BC，AA1=AB=BC=2．(Ⅰ)求证：BC1⊥平面A1B1C；(Ⅱ)求异面直线B1C与A1B所成角的大小；=λ(λ∈(0,1)，点N在线段A1B上，(Ⅲ)点M在线段B1C上，且B1MB1C的值(用含λ的代数式表示)．若MN//平面A1ACC1，求A1NA1B19.如图，在四棱锥P−ABCD中，底面ABCD是正方形，侧面PAD是正三角形，且平面PAD⊥平面ABCD．(1)求证：AB⊥平面PAD；(2)求直线PC与底面ABCD所成角的余弦值．20.已知多面体ABCDE中，DE⊥平面ACD，AB//DE，AC=AD=CD=DE=2，AB=1，M为CD的中点．(1)求证：AM//平面BCE；(2)求证：AM⊥平面CDE；(3)求直线BD与平面BCE所成角的正弦值．21.在区间D上，如果函数f(x)为增函数，而函数f(x)为减函数，则称函数f(x)为“弱增函数”.已x．知函数f(x)=1−1+x(1)判断函数f(x)在区间(0,1]上是否为“弱增函数”；|x1−x2|；(2)设x1，x2∈[0,+∞)，且x1≠x2，证明：|f(x2)−f(x1)|<12≤1−bx恒成立，求实数a，b的取值范围．(3)当x∈[0,1]时，不等式1−ax≤√1+x【答案与解析】1.答案：B解析：先用复数的乘除运算将z计算化简，根据纯虚数的概念求出a，再代入|a+2i|计算即可．本题考查了复数代数形式的混合运算，纯虚数的概念、复数的模．考查的均为复数中基本的运算与概念．解：z=a+i1−2i =(a+i)(1+2i)(1−2i)(1+2i)=a−2+(2a+1)i5.根据纯虚数的概念得出{2a+1≠0a−2=0∴a=2．∴|a+2i|=|2+2i|=√22+22=2√2故选B．2.答案：B解析：解：∵π4<α<π2，∴1<tanα，∴f(x)=log tanαx在(0,+∞)是增函数，∴p是q的充分条件；而f(x)=log tanαx在(0,+∞)是增函数，必有tanα>1，解得α∈(kπ+π4,kπ+π2)(k∈Z)，由q不是p的充分条件．综上可知：p是q的充分不必要条件．故选B．由π4<α<π2，可得1<tanα；而反之不成立．当a>1时，函数y=log a x在(0,+∞)是增函数．据此即可判断出答案．充分函数y=tanα、y=log a x的单调性及充分、必要条件的意义是解题的关键．3.答案：B解析：试题分析：先作PO⊥平面ABC，垂足为O，根据条件可证得点O为三角形ABC的外心，从而确定点O为AC的中点，然后证明BO是面PAC的垂线，从而得到∠BEO为BE与平面PAC所成的角，在直角三角形BOE中求解即可。

精品解析：上海市上海中学2018-2019学年高二下学期期末考试数学试题(解析版)

上海中学2019学年第二学期期终考试数学试题一、选择题1.__________.1lim 1n n →∞⎛⎫-= ⎪⎝⎭【答案】1【解析】【分析】由即可求得1lim =0x n →∞【详解】11lim(1=lim1lim =1-0=1x x x n n →∞→∞→∞--）【点睛】利用和或差的极限等于极限的和或差，此题是一道基础题。

2.等差数列中，若，则___________.{}n a 13,21,2n a a d ===n =【答案】10.【解析】【分析】直接由等差数列的通项公式结合已知条件列式求解的值．n 【详解】在等差数列中，由，，，{}n a 13a =21n a =2d =且，所以，1(1)n a a n d =+-1213192n a a n d ---===所以．10n =故答案为：10.【点睛】本题考查等差数列的通项公式，考查用基本量法求．n 3.数列中，已知，50为第________项.{}n a *41322,n n n a n N =-+∈•【答案】4【解析】【分析】方程变为，设，解关于的二次方程可求得。

4132-48=0n n -•2nx =x 【详解】，则，即*41322,n n n a n N =-+∈•5041322n n =-+•4132-48=0n n -•设，则，有或2n x =213480x x --=16x =3x =-取得，，所以是第4项。

16x =216n =4n =【点睛】发现，原方程可通过换元，变为关于的一个二次方程。

对于指数结构，242n n =（）x 242n n =（），等，都可以通过换元变为二次形式研究。

293n n =（）2255n n =（）4.为等比数列，若，则_______.{}n a 1234126,52a a a a a ++=-=n a =【答案】123n -•【解析】【分析】将这两式中的量全部用表示出来，正好有两个方程，两个未知数，解1234126,52a a a a a ++=-=1,a q 方程组即可求出。

上海市七宝中学2019-2020学年高二下学期期中数学试题(原卷+解析版)

考点：两直线所成角
点评：两直线所成角包括相交角和异面角
15.电子钟一天显示的时间是从00：00到23：59，每一时刻都由4个数字组成，则一天中任一时刻显示的四个数字之和为22的概率为（）
当五位同学的体重增加量是3个不同数字时，有种情况；
当五位同学的体重增加量是4个不同数字时，有种情况；
当五位同学的体重增加量是5个不同数字时，有种情况.
所以共有种不同的方法.
故答案为：252
【点睛】本题主要考查排列组合的综合应用，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.
12.设为一个非空有限集合，记为集合中元素的个数，若集合的两个子集、满足：并且，则称子集为集合的一个“ —覆盖”（其中），若，则的“ —覆盖”个数为________
①若，，则 ∥ ②若 ∥ ，，则
③若，，则 ∥ ④若，，，则
其中正确的命题序号是________
【答案】④
【解析】
【分析】
根据题意，结合线面垂直、面面垂直的有关性质、判定定理可得①可能；②只有与，的交线垂直，才能够推出；③ 可能在平面内；根据两个平面的法线所成角与两平面所成角相等或互补，可证出④是真命题．由此即可得到本题答案．
4.在120°的二面角内有一点，到二面角的两个半平面的距离分别为1米和3米，则到该二面角棱的距离为________
5.若，则的值为．
6. 除以100的余数是________
7.甲、乙、丙、丁四位同学ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ自在五一5天小长假里选择连续两天旅游，则至少有两位同学选择时间相同概率为________
6. 除以100的余数是________
【答案】41

上海市七宝中学2018-2019高二数学期中考试试题

七宝中学高二期中数学试卷2018.11一. 填空题1. 若线性方程组的增广矩阵是122301c c ⎛⎫⎪⎝⎭，其解为11x y =⎧⎨=⎩，则12c c += 2. 已知行列式4513732xx 中元素4的代数余子式是1，则实数x 的值是3. 求26100lim 3110045nn n n n n →∞⎧≤⎪⎪⎨+⎪>⎪+⎩（*n ∈N ）=4. 在△ABC 中，(0,0)A ，(3,5)B ，(4,4)C ，则△ABC 面积为5. 已知(1,2)a =，(2,3)b =-，(2)a b +∥()a kb +，则实数k 的值是6. 秦九韶是我国南宋时期的数学家，他在所著的《数书九章》中提出的多项式求值的秦九韶算法，至今仍是比较先进的算法，如图所示的程序框图给出了利用秦九韶算法求某多项式值的一个实例，若输入的n 、x 的值分别是3、2，则输出v 的值为7. 设111()122f n n n n=++⋅⋅⋅+++，*n ∈N ，若*k ∈N ，则(1)()f k f k +=+ 8. 已知||1a =，||1b =，a 、b 的夹角是60°，若向量c 满足||1c a b --=，则||c 的最小值为9. 设函数2y nx n =-+和1122y x n =-+（*n ∈N ，2n ≥）的图像与两坐标轴围成的封闭图形的面积为n S ，则lim n n S →∞=10. 已知圆O 中，弦3AB =，5AC =，则AO BC ⋅的值是11. 定义平面向量之间的一种运算“*”如下：对任意的(,)a m n =，(,)b p q =，m na b p q*=，有下列说法：① 若a 与b 垂直，则0a b *=；② a b b a *=*；③ 对任意的λ∈R ，有()()a b a b λλ*=*；④ 2222()()a b a b a b *+⋅=；正确的是（写出所有正确的序号）12. 已知无穷等比数列{}n a 的公比为q ，前n 项和为n S ，且lim n n S S →∞=，若对于任意*n ∈N ，2n S S <恒成立，则公比q 的取值范围是二. 选择题13. 用数学归纳法证明11112321n n +++⋅⋅⋅+<-（*n ∈N ，2n ≥）时，第一步应验证（） A. 1122+< B. 111223++< C. 111323++< D. 11113234+++<14. 已知A 、B 、C 是平面不同三点，则“0AB BC CA ⋅+=”是“A 、B 、C 三点能构成三角形”的（）A. 充分非必要条件B. 必要非充分条件C. 充要条件D. 既非充分又非必要条件15. 若等比数列{}n a 的公比为q ，则关于x 、y 的二元一次方程组132423a x a y a x a y +=⎧⎨+=⎩的解的情况，下列说法正确的是（）A. 对任意q ∈R ，0q ≠，方程组都有唯一解B. 对任意q ∈R ，0q ≠，方程组都无解C. 当且仅当32q =时，方程组无解 D. 当且仅当32q =时，方程组无穷多解16. 正六边形ABCDEF 中，令AB a =，AF b =，P 是△CDE 内含边界的动点（如图），AP xa yb =+，则x y +的最大值是（）A. 1B. 3C. 4D. 5三. 解答题17. 求证：对任意的*n ∈N ，22389n n +--能被64整除.18. 上海市旅游节刚落下帷幕，在旅游节期间，甲、乙、丙三位市民顾客分别获得一些景区门票的折扣消费券，数量如表1，已知这些景区原价和折扣价如表2（单位：元）. 表1：表2：（1）按照上述表格的行列次序分别写出这三位市民获得的折扣消费券数量矩阵A 和三个景区的门票折扣后价格矩阵B ；（2）利用你所学的矩阵知识，计算三位市民各获得多少元折扣？19. 已知平面直角坐标系内三点A 、B 、C 在一条直线上，满足(3,1)OA m =-+，(,3)OB n =，(7,4)OC =，且OA OB ⊥，其中O 为坐标原点.（1）求实数m 、n 的值；（2）设△AOC 的重心为G ，且23OG OB =，且1P 、2P 为线段AB 的三等分点，求12OA AB OP AB OP AB OB AB ⋅+⋅+⋅+⋅的值.20. 已知一列非零向量n a 满足：1(2,0)a =，11111(,)(,)2n n n n n n n a x y x y x y ----==-+. （1）写出数列{||}n a 的通项公式；（2）求出向量n a 与1n a -的夹角θ，并将12,,,n a a a ⋅⋅⋅中所有与1a 平行的向量取出来，按原来的顺序排成一列，组成新的数列{}n b ，12n n OB b b b =++⋅⋅⋅+，O 为坐标原点，求点列{}n B 的坐标；（3）令8128n n S a a a =++⋅⋅⋅+（*n ∈N ），求8{}n S 的极限点位置.21. 几位大学生响应国家的创业号召，开发了A 、B 、C 三款应用软件，为激发大家学习数学的兴趣，他们推出了“解数学题获取软件激活码”的活动，这三款软件的激活码分别为下面数学问题的三个答案：已知数列1，1，2，1，2，4，1，2，4，8，1，2，4，8，16，⋅⋅⋅，其中第一项是02，接下来的两项是02，12，再接下来的三项是02，12，22，以此类推，试根据下列条件分别求三款软件的激活码.（1）A 款应用软件的激活码是该数列中第四个三位数的项数的平方；（2）B 款应用软件的激活码是该数列中第一个四位数及其前所有项的和；（3）C 款应用软件的激活码是满足如下条件的最小整数0N ：①01000N >；②该数列的前0N 项和为2的整数幂.参考答案一. 填空题1. 62. 53. 04. 45. 16. 187.1(21)(22)k k ++8.19. 1410. 8 11.（1）（3）（4）12. 1((0,)2二. 选择题13. B 14. B 15. D 16. C三. 解答题17. 设22389n n S n +=--，∴8(91)n n a =-，即证91n -能被8整除，数学归纳法证. 18.（1）022301410A ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭，()406080B =；（2）034201210C ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭，()203040D =，()140100110D C ⋅=，即三位市民各获得140、100和110元折扣. 19.（1）1m =，2n =；或8m =，9n =；（2）26.20.（1）n ；（2）1()]4(,0)5n --；（3）. 21.（1）2809；（2）4083；（3）(1)1000452m m m +>⇒≥，21m m b =-， 11222m m b b b m +++⋅⋅⋅+=--，∴12124221k k m -+=+++⋅⋅⋅+=-，2log (3)6k m =+≥，此时61m =，∴06162618972N ⨯=+=。

2018-2019学年上海市七宝中学高二下学期期中数学试题(解析版)

2018-2019学年上海市七宝中学高二下学期期中数学试题一、单选题1．设12,z z 是复数，则下列命题中的假命题是（） A.若120z z -=，则12z z = B.若12z z =，则12z z = C.若12z z =，则1122z z z z ⋅=⋅D.若12z z =，则2212z z =【答案】D【解析】试题分析：对（A ），若120z z -=，则12120,z z z z -==，所以为真；对（B ）若12z z =，则1z 和2z 互为共轭复数，所以12z z =为真；对（C ）设111222,z a b i z a b i =+=+，若12z z ==222211112222,z z a b z z a b ⋅=+⋅=+，所以1122z z z z ⋅=⋅为真；对（D ）若121,z z i ==，则12z z =为真，而22121,1z z ==-，所以2212z z =为假．故选D ．【考点】1.复数求模；2.命题的真假判断与应用．2．设α，β是两个不同的平面，m 是直线且m α⊂．“m β”是“αβ”的（）A ．充分而不必要条件B ．必要而不充分条件C ．充分必要条件D ．既不充分也不必要条件【答案】B 【解析】试题分析：，得不到，因为可能相交，只要和的交线平行即可得到；，，∴和没有公共点，∴，即能得到；∴“”是“”的必要不充分条件．故选B ．【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.【方法点晴】考查线面平行的定义，线面平行的判定定理，面面平行的定义，面面平行的判定定理，以及充分条件、必要条件，及必要不充分条件的概念，属于基础题；并得不到，根据面面平行的判定定理，只有内的两相交直线都平行于，而，并且，显然能得到，这样即可找出正确选项.3．如图，已知正四面体D ABC -中，P 、Q 、R 分别为AB 、BC 、CA 上的点，AP PB =，2BQ CRQC RA==，分别记二面角D PR Q --、D PQ R --、D QR P --的平面角为α、β、γ，则α、β、γ的大小关系为（）A.αβγ<<B.αγβ<<C.βαγ<<D.γαβ<<【答案】B【解析】设O 为正三角形ABC ，以点O 为坐标原点，OC 、OP 所在的直线分别为y 轴、z 轴建立空间直角坐标系O xyz -，设3OP =，利用空间向量法计算出α、β、γ的值，即可得出这三个角的大小关系. 【详解】设底面正ABC ∆的中心为点O ，以点O 为坐标原点，OC 、OP 所在的直线分别为y 轴、z 轴建立如下图所示的空间直角坐标系O xyz -.设3OP =，则()0,0,0O、()0,3,0P -、()0,6,0C -、(D 、)Q、()R -，()PR ∴=-uu r，(PD =uu u r，)PQ =uu u r，()2,0QR =--uu u r.设平面PDR 的法向量为(),,n x y z =，则00n PR n PD ⎧⋅=⎨⋅=⎩，即3030y y ⎧-+=⎪⎨+=⎪⎩，取y =x =1z =-，可得()6,22,1n =-r，可取平面ABC 的法向量()0,0,1m =，则cos ,m n m n m n⋅==⋅u r ru r r u r r，取α=同理可得β=γ=，>>，因此，αγβ<<. 故选：B. 【点睛】本题考查二面角大小的比较，解题的关键就是建立空间直角坐标系求出二面角的大小，考查计算能力，属于中等题.二、填空题4．复数()()123i i -+的虚部为________. 【答案】5-【解析】利用复数的乘法法则将复数()()123i i -+表示为一般形式，可得出该复数的虚部. 【详解】()()212335255i i i i i -+=--=-Q ，因此，复数()()123i i -+的虚部为5-.故答案为：5-. 【点睛】本题考查复数的虚部的求解，考查复数的乘法运算，考查计算能力，属于基础题. 5．如图所示，在复平面内，网格中的每个小正方形的边长都为1，点A 、B 对应的复数分别是1z 、2z ，则221z z =________.【答案】5【解析】先根据复数的几何题意得出复数1z 、2z ，并利用复数的乘方法则和除法法则求出复数221z z ，然后利用复数的模长公式求出221z z . 【详解】由图形可得点()0,1A 、()2,1B -，1z i ∴=，22z i =-，()222123443i zii z ii--∴===--，因此，2215z z ==.故答案为：5. 【点睛】本题考查复数的模的计算，同时也考查了复数的几何意义与复数的乘方、除法运算，解题的关键就是将复数利用四则运算法则将复数表示为一般形式，考查计算能力，属于基础题.6．复数352019i i i i ++++=L ________. 【答案】0【解析】将352019i i i i ++++L 视为等比数列{}21n i -的前1010项和，利用等比数列的求和公式可计算出代数式的值. 【详解】由题意可知，352019i i i i ++++L 为等比数列{}21n i -的前1010项和，且该数列的首项为i ，公比为2i ，所以，()()1010101023520192111012i i i i i i i i ⎡⎤⎡⎤---⎢⎥⎣⎦⎣⎦++++===-L . 故答案为：0. 【点睛】本题考查复数的计算，考查复数乘方的计算，注意复数乘方周期性的应用，同时也可以转化为等比数列求和来处理，考查计算能力，属于中等题.7．一个圆柱侧面展开是正方形，它的高与底面直径的比值是________. 【答案】π【解析】设圆柱底面圆的半径为r ，利用底面圆周长等于高，可得出该圆柱高与底面直径的比值. 【详解】设圆柱底面圆的半径为r ，由于该圆柱的侧面展开图为正方形，则圆柱的高等于底面圆周长，所以，圆柱的高为2r π，因此，圆柱的高与底面直径的比值为22rrππ=. 故答案为：π. 【点睛】本题考查圆柱的相关计算，解题时要结合题中的条件得出底面半径与高的等量关系，考查计算能力，属于基础题.8．如果复数z 满足2z i z i ++-=，那么1z i ++的最小值是________. 【答案】1【解析】先得出复数z 对应的点的轨迹为复平面内连接点()0,1和()0,1-的线段，1z i ++的几何意义为复数z 对应的点到点()1,1--的距离，利用数形结合思想可得出1z i ++的最小值.【详解】设z x yi =+，由复数模的三角不等式可得()()222z i z i z i z i i =++-≥+--==，所以，复数z 在复平面的轨迹是连接点()0,1和()0,1-的线段，如下图所示：当z i =-时，则1z i ++取得最小值1.故答案为：1. 【点睛】本题考查与复数相关的点的轨迹问题，解本题的关键在于确定出复数对应的点的轨迹，利用数形结合思想求解，考查分析问题的和解决问题的能力，属于中等题. 9．设z 是复数，()a z 表示满足1n z =时的最小正整数n ，i 是虚数单位，则1i ()1ia +=-________. 【答案】4【解析】∵21(1)1211(1)(1)11i i i i i i i +++-===--++ ∴1()()1ia a i i+=- ∵()a z 表示满足1n z =的最小正整数n ∴当4n =时满足1n i =第一次成立 ∴()4a i = 故答案为4.10．已知a 是实系数一元二次方程22(21)10x m x m --++=的一个虚数根，且2a ≤，则实数m 的取值范围是________.【答案】34⎛-⎝ 【解析】根据一元二次方程的判别式和虚数根的模列出不等式组，求得其范围. 【详解】由已知得()()222141430m m m ∆=--+=--<，解得34m >-；又因为 2a ≤，所以2221422m ⎛-⎛⎫+≤ ⎪ ⎝⎭⎝⎭，解得m ≤≤；所以实数m 的取值范围是34m -<≤ 故得解. 【点睛】本题考查一元二次方程的判别式和复数的模，属于基础题.11．圆锥底面半径为10，母线长为30，从底面圆周上一点，绕侧面一周再回到该点的最短路线的长度是_____．【答案】【解析】作出侧面展开图，则扇形的弦长为最短距离，利用余弦定理求解即可. 【详解】圆锥的侧面展开图为半径为30，弧长为20π的扇形AOB ， ∴最短距离为AB 的长．扇形的圆心角为202303ππ=，∴AB ==故答案为：【点睛】本题考查了圆锥的结构特征，最短距离求解，将曲面转化为平面是解题关键，属于中档题．12．已知直三棱柱111ABC A B C -中，120ABC ∠=︒，2AB =，11BC CC ==，则异面直线1AB 与1BC 所成角的余弦值为__________．【解析】如图所示，设,,M N P 分别为1,AB BB 和11B C 的中点，则11,AB BC 夹角为MN 和NP夹角或其补角，112MN AB ==，112NP BC ==，作BC 中点Q ，则PQ M ∆为直角三角形，11,,2PQ MQ AC ABC ==∆中，由余弦定理得2222cos AC AB BC AB BC ABC =+-⋅⋅∠14122172⎛⎫=+-⨯⨯⨯-= ⎪⎝⎭，AC MQ ∴=∴=，在MQP ∆中，MP == 在PMN ∆中，由余弦定理得222222cos 2MN NP PM MNP MN NP +-+-∠===⋅⋅，又异面直线所成角的范围是0,2π⎛⎤⎥⎝⎦，1AB ∴与1BC所成角的余弦值为5，故答案为5. 【方法点晴】本题主要考查异面直线所成的角以及余弦定理，属于中档题.求异面直线所成的角主要方法有两种：一是向量法，根据几何体的特殊性质建立空间直角坐标系后，分别求出两直线的方向向量，再利用空间向量夹角的余弦公式求解；二是传统法，利用平行四边形、三角形中位线等方法找出两直线成的角，再利用平面几何性质求解. 13．设m 、n 是两条不同的直线，α、β是两个不同的平面，对于以下命题：（1）若//m n ，//αβ，那么m 与α所成的角和n 与β所成的角相等；（2）若m n ⊥，m α⊥，n β⊥，则αβ⊥；（3）若m β⊥，αβ⊥，则//m α；（4）若//m α，αβ⊥，则m β⊥. 其中正确命题的序号是________. 【答案】（1）（2）【解析】在（1）中，由线线、面面平行和线面所成角的定义可以判断；在（2）中，运用线面垂直的判定和性质、面面垂直的定义即可判断；在（3）中，由面面垂直的性质定理可判断；在（4）中，运用线面平行的性质定理和面面垂直的性质定理即可判断. 【详解】在（1）中，若//m n ，//αβ，则m 与α、n 与α所成的角相等，n 与α、m 与β所成的角相等，可得（1）正确；在（2）中，若m n ⊥，m α⊥，n β⊥，m 、n 平移为相交直线，确定一个平面与α、β相交使得交线垂直，由面面垂直的定义可得αβ⊥，可得（2）正确；在（3）中，若m β⊥，αβ⊥，则//m α或m α⊂，可知（3）错误；在（4）中，//m α，αβ⊥，过m 作平面γ，使得a αγ⋂=，由线面平行的性质定理可得//m a ，但a 与β不一定垂直，则m 与β也不一定垂直. 故答案为：（1）（2）. 【点睛】本题考查线面角的定义以及空间线面关系、面面关系有关命题的判断，可充分利用相应的定义以及线面、面面平行和垂直的判定与性质定理进行判断，考查逻辑推理能力，属于中等题. 14．在四面体中，面与面成的二面角，顶点在面上的射影是的垂心，是的重心．若，则______．【答案】【解析】【详解】如图，设面AHD 与BC 交于点F.因为AB = AC ，所以，点G 在AF 上，且.则，.在△GFH 中，由余弦定理得. 15．过平面α外一点A 引斜线段AB 、AC 以及垂线段AO ，若AB 与α所成角是30，6AO =，AC BC ⊥，则线段BC 长的取值范围是（）A.()0,6B.()6,+∞C.(D.()+∞【答案】C【解析】画出已知图形，可得出OBC ∆是以OB 为斜边的直角三角形，求出OB 的长度，则线段BC 长的范围即可求出. 【详解】如下图所示：AO α⊥，BC α⊂，BC AO ∴⊥.又BC AC ⊥，AOAC A =，AO 、AC ⊂平面ACO ，BC ∴⊥平面ACO .OC ⊂Q 平面ACO ，OC BC ∴⊥，在Rt OAB ∆中，6AO =，30ABO =∠，tan 30AOOB ∴==o. 在平面α内，要使得OBC ∆是以OB 为斜边的直角三角形，则0BC OB <<，即0BC <<BC 长的取值范围是(.故选：C.【点睛】本题考查线段长度的取值范围的求解，同时也考查了线面角的定义，解题的关键就是推导出线面垂直，得出线线垂直关系，从而构造直角三角形来求解，考查推理能力与计算能力，属于中等题.三、解答题16．在复数范围内分解因式：42625x x -+= ________.【答案】()()()()2222x i x i x i x i ++--+--+【解析】配方为()()()222422262531634x x x x i -+=-+=--，由()2234i i ±=±结合平方差公式即可求得答案.【详解】 ()2234i i -=-Q ，()2234i i +=+， ()()()()()222422222625316343434x x x x i x i x i ∴-+=-+=--=---+()()()()222222343422x i x i x i x i ⎡⎤⎡⎤⎡⎤⎡⎤=-+--=-+--⎣⎦⎣⎦⎣⎦⎣⎦()()()()2222x i x i x i x i ++--+--+=.故答案为：()()()()2222x i x i x i x i ++--+--+.【点睛】本题考查在复数范围内进行因式分解，充分利用平方差公式进行分解是解题的关键，考查计算能力，属于中等题.17．已知复数21i 22z ⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭是一元二次方程21(,)0m n x nx m ++=∈R 的一个根. （1）求m 和n 的值；（2）若1(2i)z a z =-，a ∈R ，1z 为纯虚数，求|2i |a +的值.【答案】（1）1m n ==；（2）4.【解析】（1）利用复数代数形式的乘除运算化简z ，再由实系数一元二次方程虚根成共轭复数这一性质，结合韦达定理求解；（2）化简()12z a i z =-，由实部为0且虚部不为0求出a 的值，然后利用复数模的计算公式求解.【详解】（1）213144212z =--=-⎛⎫= ⎪⎪⎝- ⎭Q 是一元二次方程210mx nx ++=的一个虚根，则12-+是一元二次方程210mx nx ++=的另一个虚根，111122m ⎛⎫⎛⎫∴=--+= ⎪⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭，得1m =，11122n m ⎛⎫⎛⎫-=--+-+=- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，解得1n =，因此，1m n ==；（2）()()1112212222z a i z a i i a i ⎛⎫⎛⎫⎛=-=---=-+- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎝⎭⎝⎭Q 是纯虚数，则102102a a ⎧-=⎪⎪⎨⎪-≠⎪⎩，即a =-224a i i +=-==. 【点睛】本题考查虚根与实系数一元二次方程之间的关系，同时也考查了复数相关的概念以及复数模的计算，解题时要利用复数的四则运算法则将复数化为一般形式，针对实部和虚部进行求解，考查计算能力，属于中等题.18．如图，已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1.（1）正方体1111ABCD A B C D -中哪些棱所在的直线与直线1A B 是异面直线；（2）若M 、N 分别是1A B 、1BC 的中点，求异面直线MN 与BC 所成角的大小.【答案】（1）AD 、DC 、1CC 、1DD 、11C D 、11B C ；（2）4π.【解析】（1）利用图形列举出与直线1A B 是异面直线的棱所在的直线；（2）以点D 为坐标原点，DA 、DC 、1DD 所在直线分别为x 轴、y 轴、z 轴建立空间直角坐标系D xyz -，利用空间向量法可求出异面直线MN 与BC 所成角的大小.【详解】（1）在正方体1111ABCD A B C D -中，与直线1A B 是异面直线的棱所在的直线有：AD 、DC 、1CC 、1DD 、11C D ，共6条；（2）以点D 为坐标原点，DA 、DC 、1DD 所在直线分别为x 轴、y 轴、z 轴建立如下图所示的空间直角坐标系D xyz -，则()11,0,1A 、()1,1,0B 、()10,1,1C 、111,,22M ⎛⎫ ⎪⎝⎭、11,1,22N ⎛⎫ ⎪⎝⎭、()1,1,0B 、()0,1,0C ， 11,,022MN ⎛⎫=- ⎪⎝⎭uuu r ，()1,0,0BC =-uu u r ，设异面直线MN 与BC 所成角的大小为θ，则1cos cos ,MN BC MN BC MN BC θ⋅====⋅uuu r uu u r uuu r uu u r uuu r uu u r 4πθ∴=. 因此，异面直线MN 与BC 所成角的大小为4π. 【点睛】本题考查异面直线的判断，考查异面直线所成角的计算，考查空间中线线、线面、面面间位置关系等基础知识，考查逻辑推理能力与计算能力，属于中等题.19．《九章算术》中，将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为阳马，将四个面都是直角三角形的四面体称之为鳖臑，首届中国国际进门博览会是某展馆棚顶一角的钢结构可以抽象为空间图形阳马，如图所示，在阳马P ABCD -中，PD ⊥底面ABCD .（1）若4AD CD m ==，斜梁PB 与底面ABCD 所成角为15，求立柱PD 的长；（精确到0.01m ）（2）请证明四面体PDBC 为鳖臑；若2PD =，2CD =，1BC =，点E 为线段PB 上一个动点，求ECD ∆面积的最小值.【答案】（1）1.52；（2）证明见解析，ECD ∆. 【解析】（1）推导出侧棱PB 在底面ABCD 上的射影为DB ，从而可得出PBD ∠是侧棱PB 所在直线与底面ABCD 所成的角，得出15PBD ∠=o ，由此能求出立柱PD 的长；（2）底面ABCD 是矩形，从而BCD ∆是直角三角形，推导出PD CD ⊥，PD BD ⊥，可得出PCD ∆、PBD ∆都是直角三角形，由BC ⊥平面PCD ，可推导出PBC ∆是直角三角形，由此能证明出四面体PDBC 为鳖臑；利用转化法求出异面直线CD 与PB 的距离，即可求出ECD ∆面积的最小值.【详解】（1）侧棱PD ⊥平面ABCD ，∴侧棱PB 在底面ABCD 上的射影为DB ，所以，PBD ∠是侧棱PB 所在直线与底面ABCD 所成的角，则有15PBD ∠=o ，在PBD ∆中，90PDB ∠=o ，)BD m ==.由tan PD PBDBD∠=，得tan152==o (()2 1.52PD m ∴=≈；（2）由题意可知，底面ABCD 是矩形，则BCD ∆是直角三角形，PD ⊥底面ABCD ，BD 、CD ⊂平面ABCD ，PD BD ∴⊥，PD CD ⊥. 所以，PBD ∆、PCD ∆都是直角三角形，易证BC PD ⊥，又BC CD ⊥，PD CD D ⋂=，PD 、CD ⊂平面PCD ， BC ∴⊥平面PCD ，PC ⊂平面PCD ，BC PC ∴⊥，则PBC ∆是直角三角形，因此，四面体PDBC 为鳖臑. PB 与CD 是异面直线，//CD AB ，且CD ⊄平面PAB ，AB Ì平面PAB ， //CD ∴平面PAB ，则两异面直线PB 与CD 的距离等于CD 到平面PAB 的距离，即点D 到平面PAB 的距离，等于D 到直线PA 的距离.2PD =Q，1AD =，PA ∴=D 到PA5=.所以，线段PB 上的动点E 到CD .因此，ECD ∆面积的最小值为122⨯=【点睛】本题考查空间中线线、线面位置关系的判定与应用，考查异面直线距离的求法，同时也考查了线面角的定义，考查推理能力与计算能力，属于中等题.20．如图所示，在四棱柱1111ABCD A B C D -中，侧棱1A A ⊥底面ABCD ，//AB 平面1111D C B A ，//AB DC ，AB AD ⊥，1AD CD ==，12AA AB ==，E 为棱1AA 的中点.（1）证明：11B C CE ⊥；（2）求二面角11B CE C --的平面角的正弦值；（3）设点M 在线段1C E 上，且直线AM 与平面11ADD A 所成角的正弦值为6，求线段AM 的长.【答案】（1）证明见解析；（2）7；（3）AM =【解析】（1）以A 为原点，分别以AD ，1AA ，AB 所在直线为x 轴，y 轴，z 轴建立空间直角坐标系，计算出110B C CE ⋅=uuu u r uu r ，可证明出11B C CE ⊥；（2）计算出平面1B CE 和平面1C CE 的法向量m 、11B C uuu u r，然后利用空间向量法计算出二面角11B CE C --的余弦定理，利用同角三角函数的基本关系可得出其正弦值；（3）设()101EM EC λλ=≤≤uuu r uuu r ，计算出AM ，利用空间向量法并结合条件直线AM 与平面11ADD A所成角的正弦值为6，求出λ的值，即可求出AM . 【详解】（1）如图所示，以A 为原点，分别以AD ，1AA ，AB 所在直线为x 轴，y 轴，z 轴建立空间直角坐标系，依题意得()0,0,0A ，()0,0,2B ，()1,0,1C ，()10,2,2B ，()11,2,1C ，()0,1,0E .易得()111,0,1B C =-，()1,1,1CE =--uur ，于是110B C CE ⋅=uuu u r uu r ，所以11B C CE ⊥；（2）易得()11,2,1B C =--uuu r .设平面1B CE 的法向量为(),,m x y z =，()11,2,1B C =--uuu r , 则120000x y z B C m x y z CE m ⎧--=⎧⋅=⇒⎨⎨-+-=⋅=⎩⎩，消去x ，得20y z +=，不妨取1z =，可得法向量()3,2,1m =--.由（1）知11B C CE ⊥，又111CC B C ⊥，可得11B C ⊥平面1CEC ，故()111,0,1B C =-为平面1CEC 的一个法向量.于是111111cos ,m B C m B C m B C ⋅===⋅u r uuu u r u r uuu u r u r uuu u r，从而11sin ,7m B C =u r uuu u r ，故二面角11B CE C --的平面角的正弦值为7；（3）易得()0,1,0AE =uu u r ，()11,1,1EC =uuu r .设()1,,EM EC λλλλ==uuu r uuu r ，01λ≤≤，则有(),1,AM AE EM λλλ=+=+uuu r uu u r uuu r ，可取()0,0,2AB =uu u r 为平面11ADD A 的一个法向量，设θ为直线AM 与平面11ADD A 所成的角，则sin cos ,AM AB AM AB AM ABθ⋅==⋅uuu r uu u r uuu r uu u r uuu r uu u r==，163λ=⇒=（15λ=-舍去），则141,,333AM ⎛⎫= ⎪⎝⎭uuu r ，所以AM ==uuu r 【点睛】本题考查异面直线垂直、二面角的计算以及直线与平面所成角的动点问题，可以利用空间向量法来进行等价转化与计算，考查运算求解能力，属于中等题.21．设z C ∈，且()()()Re 0Re 0z z f z z z ⎧≥⎪=⎨-<⎪⎩. （1）已知()()()2429f z f z z i z C +-=-+∈，求z 的值；（2）若Re 0z ≥，设集合()()()(){}122120,P z f z f z i f z i f z z C =⋅-⋅+⋅-=∈，{}21,P iz z P ωω==∈，求复平面内2P 对应的点集表示的曲线的对称轴；（3）若()1z u u C =∈，()()211n n n z f z z n *+=++∈N ，是否存在u ，使得数列1z 、2z 、满足n m n z z +=（m 为常数，且m *∈N ）对一切正整数n 均成立？若存在，试求出所有的u ，若不存在，请说明理由.【答案】（1）23z i =-；（2）2x =；（3）存在u i =±符合要求，详见解析.【解析】（1）设z a bi =+，分0a ≥和0a <两种情况讨论，即可求出z 的值；（2）求解集合1P 、2P ，得到两集合的关系，再求两集合所表示的曲线的对称轴即可；（3）假设存在u C ∈满足题设要求，令Re n n a z =，Im n n b z =，易得对一切n *∈N 均有0n a ≥，且2211n n n n a a a b +=++-，()121n n n b a b +=+，根据数学归纳法可证：对任意的n *∈N ，()()(){},0,1,0,1n n a b ∈-，再记222n n n x a b =+，证明对任意m 、n *∈N ，均有m n n x x +>，可得n m n z z +=，从而，此时的{},u i i ∉-不满足要求，从而得出结论.【详解】（1）设(),z a bi a b R =+∈，则Re z a =.若0a ≥，则()f z z =，由已知条件可得329a bi i --=-+， a 、b R ∈，239a b -=-⎧∴⎨-=⎩，解得23a b =⎧⎨=-⎩，23z i ∴=-；若0a <，则()f z z =-，由已知条件可得7529a bi i --=-+， a 、b R ∈，7259a b -=-⎧∴⎨-=⎩，解得27a =（舍去），95b =-. 综上所述，23z i =-；（2）设(),z a bi a b R =+∈，则Re z a =，且0a ≥.集合()()()(){}122120,P z f z f z i f z i f z z C =⋅-⋅+⋅-=∈，得()()()()22120a bi a bi i a bi i a bi +--++--=，化简得224120a b b ++-=，且0a ≥，()22216a b ++=.则点(),a b 是表示在以()0,2-为圆心，半径为4的右侧半圆周上的点. {}21,P iz z P ωω==∈，可得iz b ai ω==-+，集合2P 中的点为(),b a -，由于(),a b 是表示在以()0,2-为圆心，半径为4的右侧半圆周上的点.且点(),b a -与点(),a b 关于直线y x =-对称，则点(),b a -是表示在以点()2,0为圆心，半径为4的上侧半圆周上的点，故其对称轴为直线2x =；（3）设存在u C ∈满足题设要求，令Re n n a z =，Im n n b z =，易得对一切n *∈N ，都有0n a ≥，且2211n n n n a a a b +=++-，()121n n n b a b +=+.①（i ）若{},u i i ∈-，则{}n z 显然为常数数列，故u i =±满足题设要求；（ii ）若{},u ii ∉-，则用数学归纳法可证：对任意的n *∈N ，()()(){},0,1,0,1n n a b ∉-. 证明：当1n =时，由{},u i i ∉-，可知()()(){}11,0,1,0,1a b ∉-.假设当n k =时，()()(){},0,1,0,1k k a b ∉-，那么当1n k =+时，若()()(){}11,0,1,0,1k k a b ++∈-，则10k a +=，11k b +=，故2210k k k a a b ++-=，()211k k a b +=，② 如果0k a =，那么()()(){},0,1,0,1k k a b ∉-，可知1k b ≠，这与②矛盾；如果0k a >，那么()()(){}11,0,1,0,1a b ∉-，可知1k b ≠，这与②矛盾.综上可得，对任意的n *∈N ，()()(){},0,1,0,1n n a b ∉-.记222n n n x a b =+，注意到()()222211122n n n n n n x x a b a b +++-=+-+()()22222210n n n n n a a a a b ⎡⎤=++++-≥⎢⎥⎣⎦，即10n n x x +-≥，当且仅当0n a =，1n b =±，即()()(){},0,1,0,1n n a b ∈-时等号成立，于是有()1n n x x n N *+<∈，进而对任意的m 、n *∈N ，均有n m n x x +>，所以n m n z z +=. 从而，此时的{},u i i ∉-不满足要求.综上所述，存在u i =±，使得数列1z 、2z 、满足n m n z z +=（m 为常数，且m *∈N ）对一切正整数n 均成立.【点睛】本题考查了复数的有关概念，考查复数的几何意义，同时也考查了以复数为载体的数列问题，涉及到数学归纳法的应用，综合性较强，属于难题.。

2018年七宝中学高二年级下学期期中考试数学试卷

2017-2018学年上海市闵行区七宝中学高二年级下学期期中考试数学试卷一、填空题（本大题共12题，第1-6每题4分，第7-12题每题5分，满分54分）1、2882C P n =，且*N n ∈，则=n _______________【答案】2【解析】∵282C =56，nP 8=56=8×7,∴=n 22、若一个圆锥的底面周长为π2，侧面积也为π2，则该圆锥的体积为_____________ 【答案】33π 【解析】∵圆锥的底面周长为π2,∴底面圆半径R=1，∵侧面积为π2=21C l ，C 为圆锥侧面的弧长∴圆锥母线长l =2，∴圆锥高h =22r l -=3,∴圆锥的体积V =231r πh =33π3、在长方体1111D C B A -ABCD 中，若1==BC AB ，21=AA ，则A 到平面11BD A 的距离为______________ 【答案】36【解析】∵11BD A A V -=B AA D V 11-=62=31B AA S 1∆.h ，∴h =36 4、艺术节要安排5个节目进行表演，其中B A ,两个节目必须连排，则节目演出不同的编排方案有__________种【答案】48【解析】∵安排五个节目表演，其中B A ,两个节目必须连排，∴先把A 、B 两个节目作为一个整体排序，有4种情况，而后考虑其他三个节目的排序33A =6,最后考虑A 和B 的顺序2种情况，则共有4×6×2=48种5、从同一点出发的四条直线最多能确定________个平面【答案】6【解析】∵四条直线可以两两构成一个平面，24C =6，∴最多能确定6个平面6、在斜二测画法中，位于平面直角坐标系中的点()244，M 在直观图中对应的点是'M ，则线段'OM 的长度为__________ 【答案】102【解析】利用斜二测画法，标出点M （4，22）坐标，然后利用勾股定理求出'OM =1027、一个球夹在°120的二面角内，且与二面角的两个面都相切，两切点在球面上的最短距离为π，则这个球的半径为___________ 【答案】3【解析】画切面图，两个切点的角均为︒90，二面角为︒120，由四边形内角和为︒360，得到最短距离的劣弧对应的圆心角为︒60，最短劣弧长度π=R π236060⨯,得出球的半径R=3。

2019年上海市高二第二学期期中数学试卷含详细答案

2019上海市高二第二学期期中数学试题一、单选题1．《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著，书中有如下问题:“今有委米依垣内角，下周八尺，高五尺.问:积及为米几何?”其意思为:“在屋内墙角处堆放米(如图，米堆为一个圆锥的四分之一)，米堆为一个圆锥的四分之一)，米堆底部的弧长为8尺，米堆的高为5尺，问米堆的体积和堆放的米各为多少?”已知1斛米的体积约为1.62立方尺，圆周率约为3，估算出堆放的米约有A．14斛B．22斛C．36斛D．66斛【答案】B【解析】试题分析：设圆锥底面半径为r，则，所以，所以米堆的体积为=，故堆放的米约为÷1.62≈22，故选B.【考点】圆锥的性质与圆锥的体积公式2．“两条直线没有公共点”是“两条直线为异面直线”的（）A.充分非必要条件B.必要非充分条件C.充要条件D.既非充分又非必要条件【答案】B【解析】两直线没有公共点则平行或异面；根据异面直线定义可知异面直线无公共点，从而得到结果.【详解】两条直线没有公共点，则两条直线平行或异面，充分条件不成立；若两条直线为异面直线，则两条直线不共面，则必然没有公共点，必要条件成立“两条直线没有公共点”是“两条直线为异面直线”的必要非充分条件故选：B【点睛】本题考查充分条件、必要条件的判定，涉及到异面直线定义的应用，属于基础题. 3．集合{M =正四棱柱}，{P =直四棱柱}，{N =长方体}，{Q =正方体}，则这四个集合之间的关系是（） A.P n N n M n Q B.P n M n N n Q C.Q n M n N n P D.Q n N n M n P【答案】C【解析】根据直四棱柱、长方体、正四棱柱和正方体的定义可得到结果. 【详解】直四棱柱是底面为四边形，侧棱和底面垂直的四棱柱；长方体是底面为矩形的直四棱柱；正四棱柱是底面为正方形的直四棱柱；正方体是侧棱长和底面边长相等的正四棱柱；∴Q n M n N n P故选：C 【点睛】本题考查空间几何体的结构特征，需熟练掌握直四棱柱、长方体、正四棱柱和正方体的结构特征，属于基础题.4．一个正方体被一个平面截去一部分后，剩余部分的三视图如图，则截去部分体积与剩余部分体积的比值（）正视图侧视图俯视图 A.15B.16C.12D.18【答案】A【解析】由三视图可确定截面为平面11AB D ，可知截掉部分为三棱锥111A AB D -，由三棱锥体积公式求得111A A B D V -，即为截去部分体积，从而得到剩余部分体积为3316a a -，作比得到结果. 【详解】由三视图可知，剩余部分为正方体1111ABCD A B C D -沿平面11AB D 截掉三棱锥111A AB D -后得到的图形设正方体棱长为a 11113ABCD A B C D V a -∴=，111111111311136A AB D A A B D A B D V V S AA a --∆==⋅=∴截去部分体积与剩余部分体积之比为：333111:665a a a ⎛⎫-= ⎪⎝⎭故选：A 【点睛】本题考查正方体截面的问题，关键是能够通过三视图确定截面，从而得到确定截掉的部分的体积.5．如图，四个棱长为1的正方体排成一个正四棱柱，AB 是一条侧棱，()1,2,,8i P i =L 是上底面上其余的八个点，则()1,2,,8i AB AP i ⋅=⋅⋅⋅u u u r u u u r的不同值的个数为（）A.8B.4C.2D.1【答案】D【解析】根据平面向量运算法则可知2i i AB AP AB AB BP ⋅=+⋅u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r ，由线面垂直性质可知0i AB BP ⋅=u u u r u u u r，从而得到21i AB AP AB ⋅==u u u r u u u r u u u r ，进而得到结果. 【详解】()2i i i AB AP AB AB BP AB AB BP ⋅=⋅+=+⋅u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u rAB ⊥Q 平面286BP P P i AB BP ∴⊥u u u r u u u r 0i AB BP ∴⋅=u u u r u u u r21i AB AP AB ∴⋅==u u u r u u u r u u u r则()1,2,,8i AB AP i ⋅=⋅⋅⋅u u u r u u u r 的不同值的个数为1个故选：D 【点睛】本题考查向量数量积的求解问题，关键是能够利用平面向量线性运算将所求向量数量积转化为已知模长的向量和有垂直关系向量的数量积的运算问题，考查了转化与化归的思想.二、填空题6．空间不共面的四个点可以确定__________个平面. 【答案】4【解析】由三点确定一个平面可知共有4种情况，由此得到结果. 【详解】不共面的四个点中任意三个点可构成一个平面，则共可确定4个平面故答案为：4 【点睛】本题考查空间中平面的确定，属于基础题.7．已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为a ，异面直线BD 与11A B 的距离为__________. 【答案】a【解析】根据线面垂直性质可得1BB BD ⊥，又111BB A B ⊥，可知所求距离为1BB ，从而得到结果. 【详解】1BB ⊥Q 平面ABCD ，BD ⊂平面ABCD 1BB BD ∴⊥又111BB A B ⊥ ∴异面直线BD 与11A B 之间距离为1BB a = 故答案为：a 【点睛】本题考查异面直线间距离的求解，属于基础题.8．在正方体1111ABCD A B C D -中，二面角1C AB D --的大小为__________. 【答案】4π 【解析】由线面垂直性质得1BC AB ⊥，又BC AB ⊥，可得二面角平面角为1C BC ∠，由14C BC π∠=得到结果.【详解】AB ⊥Q 平面11BCC B ，1BC ⊂平面11BCC B 1BC AB ∴⊥又BC AB ⊥，BC ⊂平面ABD 1C BC ∴∠即为二面角1C AB D --的平面角14C BC π∠=Q ∴二面角1C AB D --的大小为4π 故答案为：4π 【点睛】本题考查立体几何中二面角的求解，关键是能够根据二面角平面角的定义找到二面角的平面角.9．如图，在棱长为3cm 的正四面体A BCD -中，若以ABC ∆为视角正面，则其主视图的面积是__________2cm .【答案】36 2【解析】确定正视图为三角形，且底边长为底面三角形边长，高为四面体的高；求得正四面体的高后，即可求得结果.【详解】由题意可得，正视图是以底面三角形边长为底边长，正四面体A BCD-的高为高的三角形Q正四面体棱长为3∴933 942 -=∴正四面体的高22339632AO⎛⎫=-⨯=⎪⎪⎝⎭∴正视图的面积为：1363622⨯=36【点睛】本题考查几何体三视图的求解问题，关键是能够根据给定视角确定正视图的图形构成，属于基础题.10．若正六棱柱的所有棱长均为m，且其体积为123m=__________.【答案】2【解析】根据底面为边长为m的正六边形可求得底面面积，进而利用棱柱体积公式构造方程求得结果.【详解】Q正六棱柱底面为边长为m的正六边形∴底面面积为：()2222m m +⨯=∴正六棱柱体积2V m =⋅=2m =故答案为：2 【点睛】本题考查棱柱体积的相关计算，关键是能够熟悉正棱柱的定义，并准确求解出底面面积. 11．给出以下结论：①空间任意两个共起点的向量是共面的；②两个相等向量就是相等长度的两条有向线段表示的向量；③空间向量的加法满足结合律：()()a b c a b c ++=++r r r r rr ；④首尾相接的若干向量之和，等于由起始向量的起点指向末尾向量的终点的向量. 请将正确的说法题号填在横线上：__________. 【答案】①③④【解析】根据起点和终点3点共面，可知①正确；由相等向量定义可知②错误；根据向量加法运算律和线性运算法则可知③④正确. 【详解】①中，两个向量共起点，与两向量终点共有3个点，则3点共面，可知两向量共面，①正确；②中，两个相等向量需大小相等，方向相同，②错误； ③中，空间向量加法满足结合律，③正确； ④中，由向量加法的三角形法则可知④正确. 故答案为：①③④ 【点睛】本题考查向量部分相关命题的判定，涉及到相等向量的概念、向量加法的运算律和三角形法则的运用等知识，属于基础题.12．已知球的半径为5cm ，有两个平行平面截球所的截面面积分别等于29cm π与216cm π，则这两个平行平面的距离为__________cm .【答案】1或7【解析】利用截面面积求得截面圆半径，利用勾股定理可求得球心到两截面的距离；由两截面与球心的相对位置可确定两平行平面间距离.【详解】由截面面积可知截面圆半径分别为：3cm 和4cm∴球心到两截面的距离分别为：12594d =-=，225163d =-=∴当两截面在球心同侧时，两平行平面间距离为：431-=当两截面在球心两侧时，两平行平面间距离为：437+= 故答案为：1或7 【点睛】本题考查球的平行截面间距离的问题，易错点是忽略两平行平面可位于球心的同侧或两侧，求解时丢失其中一种情况.13．如图，在空间直角坐标系O xyz -中，四面体C OAB -的主视图AOC 是面积为43的直角三角形，且23CO =，OAB ∆是正三角形，且点B 在平面xOy 上，则此四面体的左视图的面积等于__________.【答案】6【解析】作//BD AO ，根据AO ⊥平面yOz 可知BD ⊥平面yOz ，得到左视图为COD ∆；根据AOC S ∆可求得底面正三角形边长，进而求得OD ，从而得到左视图面积.【详解】作//BD AO ，交y 轴于D ，连接CDAO ⊥Q 平面yOz ，//BD AO BD ∴⊥平面yOz∴此四面体的左视图为COD ∆12AOC S AO CO ∆=⋅==Q 4AO ∴= 122BD AO ∴==OD ∴=== 11622COD S CO OD ∆∴=⋅=⨯=故答案为：6 【点睛】本题考查空间几何体的三视图问题的求解，关键是能够根据垂直关系确定左视图的图形，从而利用长度关系来进行求解.14．已知()cos ,1,sin a θθ=r ，()sin ,1,cos b θθ=r ，则向量a b +rr 与a b -r r 的夹角是__________. 【答案】2π 【解析】利用向量坐标运算表示出a b +rr 与a b -r r ，根据数量积运算法则可求得()()0a b a b +⋅-=r rr r ，即两向量垂直，得到夹角.【详解】()sin cos ,2,sin cos a b θθθθ+=++r r ，()cos sin ,0,sin cos a b θθθθ-=--rr()()2222cos sin sin cos 0a b a b θθθθ∴+⋅-=-+-=r rr r()()a b a b ∴+⊥-r r r r ，即a b +r r 与a b -r r 的夹角为2π故答案为：2π 【点睛】本题考查向量夹角的求解，关键是能够通过向量的坐标运算求得两向量的数量积，属于基础题.15．若圆锥的侧面积与过轴的截面面积之比为2π，则其母线与轴的夹角的大小为．【答案】3π 【解析】由题意得：1:(2)222rl h r l h ππ⋅=⇒=⇒母线与轴的夹角为3π 【考点】圆锥轴截面【名师点睛】掌握对应几何体的侧面积，轴截面面积计算方法.如圆柱的侧面积，圆柱的表面积，圆锥的侧面积，圆锥的表面积，球体的表面积，圆锥轴截面为等腰三角形.16．已知函数22,01(){23,13x x f x x x x ≤≤=-++<≤，将f （x ）的图像与x 轴围成的封闭图形绕x 轴旋转一周，则所得旋转体的体积为________．【答案】203π【解析】试题分析：将的图像与轴围成的封闭图形绕轴旋转一周，所得旋转体为一个圆锥和一个半个球的组合体，其中球的半径为2，棱锥的底面半径为2，高为1，所以所得旋转体的体积为23114202123233πππ=⨯⨯⨯+⨯⨯⨯=. 【考点】旋转体体积17．鲁班锁是中国传统的智力玩具，起源于中国古代建筑中首创的榫卵结构，它的外观是如图所示的十字立方体，其上下、左右、前后完全对称，六根等长的正四棱柱分成三组，经90︒榫卯起来.若正四棱柱的高为5，底面正方形的边长为1，现将该鲁班锁放进一个球形容器内，则该球形容器的表面积的最小值为__________.（容器壁的厚度忽略不计，结果保留π）【答案】30π【解析】由榫卯结构可确定球形容器半径的最小值，进而利用球的表面积公式求得结果. 【详解】22213052122++=∴该球形容器表面积的最小值为：230430ππ⨯=⎝⎭故答案为：30π本题考查球的表面积的求解问题，关键是能够根据位置关系确定球的半径的最小值，进而应用球的表面积公式求得结果.三、解答题18．已知向量b r 与向量()2,1,2a =-r 共线，且18a b ⋅=r r ，()()ka b ka b +⊥-r r r r ，求实数k 的值.【答案】2k =±【解析】根据向量共线可设b a λ=r r ，由18a b ⋅=r r 可构造方程求得λ，得到b r；由向量垂直可得()()0ka b ka b +⋅-=r r r r ，由数量积运算律可构造方程求得k . 【详解】,a b r r Q 共线 ∴可设()2,,2b a λλλλ==-r r44918a b λλλλ∴⋅=++==r r ，解得：2λ= ()4,2,4b ∴=-r()()ka b ka b +⊥-r r r r Q ()()2220ka b ka b k a b ∴+⋅-=-=r r r r r r 即()()2414164160k ++-++=，解得：2k =± 【点睛】本题考查根据向量的平行、垂直关系求解参数值的问题，关键是能够明确向量共线的条件、向量垂直的坐标表示，属于基础题.19．已知地球的半径为R ，在北纬30°圈上有A 、B 两点.若点A 的经度为东经65︒，点B 的经度为西经25︒，求A 、B 两点的球面距离.【答案】1arccos 4R ⋅ 【解析】根据纬度的定义可知30OBO '∠=o ，从而得到纬线圈所在圆的半径，根据经度差可知90AO B '∠=o ，由勾股定理求得AB ；在AOB ∆中，由余弦定理求得cos AOB ∠，从而得到AOB ∠，由扇形弧长公式可求得球面距离.设北纬30o 的纬线圈的圆心为O '由题意可知：90AO B '∠=o ，30OBO '∠=o 122R OO OB '∴==，33O B OB R '== 3O A O B R ''∴== 226AB O A O B R ''∴=+= 在AOB ∆中，由余弦定理得：2222312cos 24R R R AOB R +-∠== 1arccos 4AOB ∴∠= ,A B ∴两点的球面距离为：1arccos 4R ⋅ 【点睛】本题考查球面距离的求解问题，关键是能够熟练掌握经度和纬度的定义，从而得到图形中的角度关系.20．底面边长为2的正三棱锥P ABC -，其表面展开图是正三角形123PP P ，如图所示.求：（1）123PP P ∆的各边长；（2）三棱锥P ABC -的体积.【答案】（1）各边均为4；（2）23【解析】（1）由123PP P ∆为正三角形，可知三边长均为2AB ，根据2AB =可得结果；（2）根据正三棱锥的特点可求得三棱锥的高，求得底面面积后，根据三棱锥体积公式可求得结果.（1）123PP P ∆Q 为正三角形12231324PP P P PP AB ∴====（2）23234ABC S ∆=⨯=立体图形中求三棱锥的高：()22323633h ⎛⎫=-= ⎪ ⎪⎝⎭ 11222363333P ABC ABC V S h -∆∴=⨯⨯=⨯⨯= 【点睛】本题考查正三棱锥的结构特征、三棱锥体积的求解问题，属于基础题.21．在长方体1111ABCD A B C D -中，2AB BC ==，过1A 、1C 、B 三点的平面截去长方体的一个角后，得到如图所示的几何体111ABCD AC D -，且这个几何体的体积为10.（1）求直线1A B 与平面1ADD 所成的角的大小；（2）求点1D 到平面11A BC 的距离.【答案】（1）2arctan 3；（2）32211【解析】设长方体高为h ，由长方体体积减去截掉的三棱锥体积可得几何体111ABCD AC D -体积，由此建立方程求得3h =；（1）根据直线与平面所成角定义可知1BA A ∠即为所求角，由112tan 3AB BA A AA ∠==可（2）设所求距离为d ，由等体积法可知111111D A BC B A D C V V --=，由此构造关于d 的方程，解方程求得结果.【详解】设长方体的高1AA h =则几何体111ABCD AC D -体积：142103V h h =-⨯⨯=，解得：3h =（1）AB ⊥Q 平面11ADD A ∴直线1A B 与平面1ADD 所成角即为1BA A ∠ 112tan 3AB BA A AA ∠==Q ∴所求线面夹角为：2arctan 3（2）设点1D 到平面11A BC 的距离为d则由111111D A BC B A D C V V --=得：1111111133A BC A D C S d S BB ∆∆⋅⋅=⋅⋅ 11A BC ∆Q 为等腰三角形，114913A B BC ==+=，114422AC =+=∴13211-= 1112211222A BC S ∆∴=⨯=又11112222A D C S ∆=⨯⨯= 11222333d ∴=⨯⨯，解得：322d =即点1D 到面11A BC 的距离为32211 【点睛】本题考查立体几何中直线与平面所成角、点到面的距离的求解问题；立体几何中求解点到面的距离常采用等体积法，将问题转化为三棱锥高的求解，从而利用等体积转化构造方程求得结果，属于常考题型.22．已知圆锥的顶点为P ，底面圆心为O ，母线长为4，23PO =OA 、OB 是底面半径，且：0OA OB ⋅=u u u r u u u r，M 为线段AB 的中点，N 为线段PB 的中点，如图所示：（1）求圆锥的表面积；（2）求异面直线PM 和OB 所成的角的大小，并求A 、N 两点在圆锥侧面上的最短距离.【答案】（1）12π；（2）PM 、OB 夹角为arctan 13，最短距离为2522-【解析】（1）由22r l PO =-求得底面圆半径，根据圆锥表面积公式可求得结果；（2）作//MH BO ，根据异面直线所成角定义可知所成角为PMH ∠；根据向量数量积为零可知OA OB ⊥，进而得到MH AO ⊥，根据线面垂直性质知MH PO ⊥，得到线面垂直关系MH ⊥平面AOP ，由线面垂直性质得MH PH ⊥，根据长度关系可求得tan PMH ∠，进而求得异面直线所成角；求得圆锥侧面展开图圆心角后，根据弧长关系可求得APB ∠，由余弦定理可求得结果.【详解】（1）由题意得：底面圆半径()22224232r l PO =-=-=∴圆锥表面积28412S rl r πππππ=+=+=（2）作//MH BO ，交OA 于H ，连接PH∴异面直线PM 与OB 所成角即为PM 与MH 所成角，即PMH ∠0OA OB ⋅=u u u r u u u r Q OA OB ∴⊥，又//MH BO MH AO ∴⊥PO ⊥Q 平面OAB ，MH ⊂平面OAB MH PO ∴⊥,AO PO ⊂Q 平面AOP ，AO PO O ⊥= MH ∴⊥平面AOP又PH ⊂平面AOP MH PH ∴⊥M Q 为AB 中点，//MH BO H ∴为AO 中点 112MH OB ∴==，221121132PH PO OA ⎛⎫=+=+= ⎪⎝⎭tan 13PH PMH MH∴∠== arctan 13PMH ∴∠= 即异面直线PM 与OB 所成角大小为arctan 13由44πα=得：απ=，即圆锥侧面展开图扇形圆心角为π圆锥侧面展开图如下图所示：124AB r ππ=⋅=Q 4APB BP ππ∴∠== N Q 为BP 中点 2PN ∴=在APN ∆中，由余弦定理可得：2222cos 2082AN AP PN AP PN APN =+-⋅∠=-2522AN ∴=-,A N 两点在圆锥侧面上的最短距离为2522-【点睛】本题考查圆锥表面积的求解、异面直线所成角的求解、利用侧面展开图求解两点间的最短距离问题；求解最短距离的方法为利用侧面展开图，通过两点之间线段最短，从而确定所求的线段，利用余弦定理求得结果.。

上海市七宝中学20182019学年高二第二学期开学考试数学试题.docx

2018学年七宝中学高二年级开学考2019.3.6一、填空题1. 复数2i 的虚部是______.2. 直线342x tyt =+⎧⎨=-⎩（t 是参数，t R ∈）的一个方向向量是______.3. 已知椭圆()22210x y a a +=>的焦点为1F ，2F ，抛物线22y x =的焦点为F ，若123F F FF =u u u r u u u u r，则a =______.4. 已知()2,3A ，()1,0B ，动点P 在y 轴上，当PA PB +取最小值时，则点P 的坐标为______.5. 已知复数(),z a bi a b R =+∈，满足1z =，则ab 的最小值是______.6. 已知{}n a 是无穷等比数列，若{}n a 的每一项都等于它后面所有项的k 倍，则实数k 的取值范围是______.7. 已知1F ，2F 是双曲线L ：()222210,0x y a b a b -=>>的左、右焦点，过点1F 且斜率为2的直线l 交双曲线L 的左支于点P ，若直线2PF l ⊥，则双曲线L 的渐近线方程是______.8. 已知n S 为数列{}n a 的前n 项和，12a =，24a =，平面内三个不共线的向量OA u u u r ，OB uuu r ，OC uuu r满足()()()*1112,n n n OC a OA a a OB n n N -+=-++≥∈u u u r u u u r u u u r，若点A ，B ，C 在同一直线上，则2019S =______.9. 已知平面向量a r ，b r ，c r 满足a b ⊥r r ，且{}{},,1,2,4a b c =r r r ，则a b c ++r r r 的最大值是______.10. 若()(){}22250,30,250x y x y x x y x y mx y ⎧⎫-+≥⎧⎪⎪⎪-≥⊆+≤⎨⎨⎬⎪⎪⎪+≥⎩⎩⎭，则实数m 的取值范围是______.11. 已知数列{}n a 的前n 项和为n S ，且满足()1202n n n a S S n -+⋅=≥，112S =，设n n b na =，则以下四个命题：（1）1n S ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是等差数列；（2）{}n b 中最大项是1b ；（3）{}n a 通项公式是()121n a n n =--；（4）lim 0n n a →∞=.其中真命题的序号是______.12. 已知函数()21x f x x -=-与()1g x mx m =+-的图像相交于点A ，B 两点，若动点P 满足4PA PB +=u u u r u u u r ，则点P 的轨迹方程是______.二、选择题13. 若12i +是关于x 的实系数方程20x bx c ++=的一个复数根，则（）A . 2b =，3c =B . 2b =-，3c =C . 2b =-，1c =-D . 2b =，1c =-14. 关于x ，y ，z 的三元一次方程组()1232136ax y z x ay z x a y z ⎧++=⎪++=⎨⎪+++=⎩解的情况是（）A . 一组解B . 一组解或无穷多组解C . 一组解或无解D . 无解15. 双曲线C 的左、右焦点为1F ，2F ，P 为C 右支上的动点（非顶点），I 为12F PF ∆的内心.当P 变化时，I 的轨迹为（）A . 直线的一部分B . 椭圆的一部分C . 双曲线的一部分D . 无法确定16. 已知两点51,4A ⎛⎫ ⎪⎝⎭，54,4B ⎛⎫-- ⎪⎝⎭，给出下列曲线方程：（1）4210x y +-=；（2）223x y +=；（3）2214y x -=；（4）2214y x +=，在曲线上存在点P 满足PA PB =的所有曲线是（）A .（1）（2）（3）（4）B .（2）（3）C .（1）（4）D .（2）（3）（4）三、解答题17. 已知复数z 满足2641iz i -+=--.（1）求复数z 的共轭复数z ；（2）若w z ai =+，且w z ≤，求实数a 的取值范围.18. 已知定点()0,1A ，()0,1B -，()1,0C ，动点P 满足2AP BP k CP ⋅=u u u r u u u r u u u r .（1）求动点P 的轨迹方程，并说明方程表示的曲线类型；（2）当2k =时，求AP BP +u u u r u u u r 的取值范围.19. 从数列{}n a 中取出部分项组成的数列称为数列{}n a 的“子数列”.（1）若等差数列{}n a 的公差0d ≠，其子数列{}n k a 恰为等比数列，其中11k =，25k =，317k =，求12n k k k ++⋅⋅⋅+；（2）若32n a n =-，4nn b =，判断数列{}n b 是否为{}n a 的“子数列”，并证明你的结论.20. 设复数(),x yi x y R β=+∈与复平面上点(),P x y 对应.（1）若β是关于t 的一元二次方程()220t t m m R -+=∈的一个虚根，且2β=，求实数m 的值；（2）设复数β满足条件()()31331n n a a ββ++--=+-（其中*n N ∈、常数3,32a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭），当n 为奇数时，动点(),P x y 的轨迹为1C ，当n 为偶数时，动点(),P x y 的轨迹为2C ，且两条曲线都经过点()2,2D ，求轨迹1C 与2C 的方程；（3）在（2）的条件下，轨迹2C 上存在点A ，使点A 与点()()00,00B x x >的最小距离不小于233，求实数0x 的取值范围.21. 抛物线22y x =的准线与x 轴交于点M ，过点M 作直线l 交抛物线于A ，B 两点.（1）求直线l 的斜率的取值范围；（2）若线段AB 的垂直平分线交x 轴于()0,0N x ，求证：032x >；（3）若直线l 的斜率依次为12，14，18，…，12n ，…，线段AB 的垂直平分线与x 轴的交点依次为1N ，2N ，3N ，…，n N ，…，求12231111n n N N N N N N -++⋅⋅⋅+.。

精品解析：上海市七宝中学2017-2018学年高二下学期期中数学试题(解析版)

平面 A1BD1 的距离
【详解】以 D 为原点， DA 为 x 轴， DC 为 y 轴， DD1 为 z 轴，建立空间直角坐标系，
则 A(1, 0, 0), A1(1, 0, 2), B(1,1, 0), D1(0, 0, 2) ,
所以 BA1 (0, 1, 2), BD1 (1, 1, 2), BA (0, 1, 0) ，
设 AB ' 与 a 所成夹角为 α∈[0， 2 ]，
cos，，sin，，10 1 0
a
AB '
则 cosα
2
2
|sinθ|∈[0，
2 2 ]，
∴α∈[ 4 ， 2 ]，∴③正确，④错误．
设 AB ' 与 b 所成夹角为 β∈[0， 2 ]，
AB 'b cos，s，in， 1，1 0 0
考点：线面垂直的判定. 12.a，b 为空间中两条互相垂直的直线，等腰直角三角形 ABC 的直角边 AC 所在直线与 a，b 都垂直，斜边 AB 以直线 AC 为旋转轴旋转，有下列结论： ①当直线 AB 与 a 成 60°角时，AB 与 b 成 30°角； ②当直线 AB 与 a 成 60°角时，AB 与 b 成 60°角； ③直线 AB 与 a 所成角的最小值为 45°； ④直线 AB 与 a 所成角的最大值为 60°. 其中正确的是________.（填写所有正确结论的编号）
①在 5 人中任选 2 人，抢两个 2 元的红包，有 C52 10 种情况； ②经剩下的 2 个红包分给剩下的 3 人中的 2 个人，有 A32 6 种情况，由分步计数原理可得，共有10 6 60 种不同的情况．
故答案为：60. 【点睛】本题主要考查了排列、组合及计数原理的应用，其中解答中认真审题，合理分类是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，属于基础题．

精品解析：上海市闵行区七宝中学2018-2019学年高二下学期开学考试数学试题(解析版)

2018 学年七宝中学高二年级开学考
一、填空题
2 1.复数 i 的虚部是______.
【答案】-2
【解析】
【分析】
利用复数的运算法则、虚部的定义即可得出．
【详解】
2 i

2 i i i

2i
,故虚部为-2
故答案为：-2
【点睛】本题考查了复数的运算法则、虚部的定义，属于基础题．
x 3 4t
（4）． 1
【详解】an+2Sn﹣1•Sn＝0（n≥2），S1 2 ， 1 1
可得 Sn﹣Sn﹣1＝﹣2Sn﹣1•Sn＝0（n≥2），即有 Sn Sn1 2，
1 { Sn }是首项、公差均为 2 的等差数列，故（1）正确；
可得
1 Sn

2+2（n﹣1）＝2n，即 Sn
， OC
满足

OC 1 an OA an1 an1 OB n 2, n N * ，若点 A ， B ， C 在同一直线上，则 S2019 ______.
【答案】8
【解析】
【分析】
由题意得出 an﹣1+an+1＝an，由 Sn 为数列{an}的前 n 项和，a1＝2，a2＝4，得到数列{an}是以 6 为周期的周
（﹣1，﹣3）的距离的最大值为 2 (0 1)2 (0 3)2 2 10 ，
③当{|
a
|，|
b
|}＝{2，3}，|
c
|＝1，则
a

b

2，3，
设
c

x，y

，则
x2+y2＝1
∴

2019-2020学年上海闵行区七宝中学高二下学期期中数学试卷(含答案解析)

2019-2020学年上海闵行区七宝中学高二下学期期中数学试卷一、单选题（本大题共4小题，共12.0分）1.某校在一年一度的“校园十佳歌手”比赛中，9位评委为参赛选手A给出的分数的茎叶图如图所示．在去掉一个最高分和一个最低分后，得出选手A得分的中位数是()A. 93B. 92C. 91D. 902.如图所示，AB是⊙O的直径，VA垂直于⊙O所在的平面，点C是圆周上不同于A，B的任意一点，M，N分别为VA，VC的中点，则下列结论正确的是()A. MN//ABB. MN与BC所成的角为45°C. OC⊥平面VACD. 平面VAC⊥平面VBC3.甲、乙、丙三名毕业生参加某公司人力资源部安排的面试，三人依次进行，每次一人，其中甲、乙两人相邻的概率为A. B. C. D.4.已知z1≠−1，z1−1z1+1=bi(b∈R)，z=4(z1+1)2−1，则z对应的点在()A. 圆上B. 抛物线上C. 双曲线上D. 椭圆上二、单空题（本大题共12小题，共36.0分）5.已知集合={直线}，={平面}，.若，给出下列四个命题：①②③④其中所有正确命题的序号是．6.已知(x+1x)9展开式中x5的系数是______；7. 两人射击命中目标的概率分别为现两人同时射击目标，则目标能被命中的概率为。

(用数字作答)8. 如图，在直角梯形ABCD 中，AD//BC ，AD =12BC =2，∠ABC =90°，∠C =45°，E 为BC 中点，现将△CDE 沿DE 折起，使得平面CDE ⊥平面ABED ，连接AC 、BC ，设M 为CE 中点，动点P 在平面CBE 和平面CDE 上运动，且始终满足AM ⊥MP ，则点P 形成的轨迹长度为______．9.10. 在(2x −1√x )5的展开式中，x 2的系数为______．11. 某学生参加2门选修课的考试．假设该学生第一门、第二门课程取得A 的概率依次为45、35，且不同课程是否取得A 相互独立．则该生只取得一门课程A 的概率为______ 12. 给出下列命题：①若f′(x 0)=0，则函数f(x)在x =x 0处有极值； ②m >0是方程x 2m+y 24=1表示椭圆的充要条件；③若f(x)=(x 2−8)e x ，则f(x)的单调递减区间为(−4,2)； ④双曲线x 2a 2−y 2b 2=1的离心率为e 1，双曲线x 2b 2−y 2a 2=1的离心率为e 2，则e 1+e 2的最小值为2√2 其中为真命题的序号是______ ．13. 已知f(x +1)=x 2+2x +3，则f(2)的值为______．14. 第一排有5个座位，安排4个老师坐下，其中老师A 必须在老师B 的左边，共有______ 种不同的排法(结果用数字表示)．15. 周五下午，我们1，2两个班的课分别都是语文，数学，物理，和自习．由于我们两个班的语文，数学，物理老师都一样的，即同一时间，某位老师只能在其中一个班上课，现教务处有______种排课方案．16. 已知集合M ={x||x|<1}，N ={a}，若M ∪N =M ，则实数a 的取值范围是______ ．三、解答题（本大题共5小题，共60.0分）17.已知(1−x+x2)7=a0+a1x+a2x2+⋯+a14x14.求：(1)a0+a1+a2+⋯+a14．(2)a1+a3+a5+⋯+a13．18.如图，在四棱锥P−ABCD中，底面是边长为2的菱形，且∠BAD=120°，且PA⊥平面ABCD，PA=，M，N分别为PB，PD的中点．(1)证明：MN//平面ABCD；(2)过点A作AQ⊥PC，垂足为点Q，求二面角A−MN−Q的平面角的余弦值．19.(本小题满分12分)已知四棱锥的底面为直角梯形，，底面，且，，是的中点。

上海市七宝中学2018-2019学年高二下学期期中考试数学试卷(简答)

七宝中学高二期中数学试卷2019.04一. 填空题1. 复数的虚部为(12i)(3i)-+2. 如图所示，在复平面内，网格中的每个小正方形的边长都为1，点、对应的复数分别是、，则 A B 1z 2z 221||z z =3. 复数352019i i i i +++⋅⋅⋅+=4. 一个圆柱侧面展开是正方形，它的高与底面直径的比值是5. 如果复数满足，那么的最小值是z |i ||i |2z z ++-=|i 1|z ++6. 在复数范围内分解因式：42625x x -+=7. 设是复数，表示满足是最小正整数，则 z ()a z 1n z =n 1i (1ia +=-8. 已知是实系数一元二次方程的一个虚数根，且，则α22(21)10x m x m --++=||2α≤实数的取值范围是m 9. 圆锥底面半径为10，母线长为30，从底面圆周上一点，绕侧面一周再回到该点的最短路线的长度是10. 已知直三棱柱中，，，，则异面直111ABC A B C -120ABC ∠=︒2AB =11BC CC ==线与所成角的余弦值为1AB 1BC 11. 设、是两条不同的直线，、是两个不同的平面，对于以下命题：m n αβ（1）若∥，∥，那么与所成的角和与所成的角相等；m n αβm αn β（2）若，，，则；m n ⊥m α⊥n β⊥αβ⊥（3）若，，则∥；m β⊥αβ⊥m α（4）若∥，，则.m ααβ⊥m β⊥其中正确命题的序号是12. 在四面体中，面与面成60°的二面角，顶点在面上的射影ABCD ABC BCD A BCD 为△的垂心，为△的重心，若，，则H BCD G ABC 4AH =AB AC =GH =二. 选择题13. 设、是复数，则下列命题中假命题是（）1z 2z A. 若，则 B. 若，则12||0z z -=12z z =12z z =12z z =C. 若，则D. 若，则12||||z z =1122z z z z ⋅=⋅12||||z z =2212z z =14. 设、是两个不同的两个平面，是直线且，则“∥”是“∥”αβm m α⊆m βαβ的（）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件15. 过平面外一点引斜线段、以及垂线段，若与所成角是30°，αA AB AC AO AB α，，则线段长的取值范围是（）6AO =AC BC ⊥BCA. B. C. D. (0,6)(6,)+∞)+∞16. 如图，已知正四面体中，、、分别为、D ABC -P Q R AB 、上的点，，，分别记二面角BC CA AP PB =2BQ CR QC RA==、、的平面角为、、D PR Q --D PQ R --D QR P --αβ，则、、的大小关系为（）γαβγ A. B. C. D. αβγ<<αγβ<<βαγ<<γαβ<<三. 解答题17. 已知复数是一元二次方程的一个根.21(2z =-210mx nx ++=(,)m n ∈R （1）求和的值；m n （2）若，，为纯虚数，求的值.1(2i)z a z =-a ∈R 1z |2i |a +18. 如图，已知正方体的棱长为1.1111ABCD A B C D -（1）正方体中哪些棱所在的直线与直线是异面直线；1111ABCD A B C D -1A B （2）若、分别是、的中点，求异面直线与所成角的大小.M N 1A B 1BC MN BC19. 《九章算术》中，将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为阳马，将四个面都是直角三角形的四面体称之为鳖臑，首届中国国际进门博览会是某展馆棚顶一角的钢结构可以抽象为空间图形阳马，如图所示，在阳马中，底面.P ABCD -PD ⊥ABCD （1）若，斜梁与底面所成角为15°，求立柱的长；4AD CD m ==PB ABCD PD （精确到0.01）m（2）请证明四面体为鳖臑；若，PDBC 2PD =，，点为线段上一个动点，2CD =1BC =E PB 求△面积的最小值.ECD 20. 如图，四棱柱中，侧棱底面，∥，1111ABCD A B C D -1AA ⊥ABCD AB CD ，，，为棱的中点.AB AD ⊥1AD DC ==12AA AB ==E 1AA （1）证明：；11B C CE ⊥（2）求二面角的正弦值；11B CE C --（3）设点为线段上，且直线与平面M 1C E AM，求线段的长.11ADD A AM 21. 设，且.z C ∈(Re 0)()(Re 0)z z f z z z ≥⎧=⎨-<⎩（1）已知（），求的值；2()()429i f z f z z +-=-+z C ∈z （2）若，设集合，Re 0z ≥1{|()()2i ()2i ()120,}P z f z f z f z f z z C =⋅-⋅+⋅-=∈，求复平面内对应的点集表示的曲线的对称轴；21{|i ,}P z z P ωω==∈2P（3）若，，是否存在，使得数列满1()z u u C =∈21(1)()n n n z f z z n *+=++∈N u 12,,z z ⋅⋅⋅足（为常数，且）对一切正整数均成立？若存在，试求出所有的，n m n z z +=m m *∈N n u 若不存在，请说明理由.参考答案一. 填空题1. 2. 5 3. 0 4.5. 15-π6. 7. 48. (2i)(2i)(2i)(2i)x x x x ++--+--+3(4-9. 11. （1）（2）（4）二. 选择题13. D 14. B 15. C 16. B三. 解答题17.（1）；（2）4.1m n ==18.（1），，，，，；（2）.AD DC 1CC 1DD 11C D 11B C 4π19.（1）1.52；（220.（1）略；（2；（321.（1）；（2）；（3）.23i z =-2x =i u =±。

2018-2019学年上海市闵行区七宝中学高二(下)期末数学试卷(附答案详解)

2018-2019学年上海市闵行区七宝中学高二（下）期末数学试卷一、单选题（本大题共4小题，共20.0分）1. 设x 、y 满足线性约束条件{x ≤2y ≤2x +y ≥2，则x +2y 的取值范围是( )A. [2,6]B. [2,5]C. [3,6]D. [3,5]2. 某中学高二年级的一个研究性学习小组拟完成下列两项调查：①从某社区430户高收入家庭，980户中等收入家庭，290户低收入家庭中任意选出170户调查社会购买力的某项指标；②从本年级12名体育特长生中随机选出5人调查其学习负担情况；则该研究性学习小组宜采用的抽样方法分别是( )A. ①用系统抽样，②用随机抽样B. ①用系统抽样，②用分层抽样C. ①用分层抽样，②用系统抽样D. ①用分层抽样，②用简单随机抽样3. 12名同学合影，站成前排4人后排8人，现摄影师要从后排8人中抽2人调整到前排(这样就成为前排6人，后排6人)，若其他人的相对顺序不变，则不同调整方法的种数是( )A. C 82A 32B. C 82A 66C. C 82A 62D. C 82A 524. 如图，E 、F 分别为棱长为1的正方体的棱A 1B 1、B 1C 1的中点，点G 、H 分别为面对角线AC 和棱AA 1上的动点，则下列关于四面体E −FGH 的体积正确的是( )A. 该四面体体积有最大值，也有最小值B. 该四面体体积为定值C. 该四面体体积只有最小值D. 该四面体体积只有最大值二、单空题（本大题共12小题，共60.0分）5. 将参数方程{x =1+2ty =2−t(t ∈R,t 为参数)化为普通方程______．6. 已知椭圆x 29+y 24=1，直线x +2y +18=0，则椭圆上点到这条直线的最短距离是______．7. −1+3C 111−9C 112+27C 113−⋯−310C 1110+311除以5的余数是______．8. (文)如图为某几何体的三视图，则其侧面积为______cm 2．9. (文)甲、乙、丙、丁4名同学被随机地分到A 、B 、C 三个社区参加社会实践，要求每个社区至少有一名同学．则甲、乙两人被分在同一个社区的概率是______． 10. 侧棱长为2√3的正三棱锥V −ABC 中，∠AVB =∠BVC =∠CVA =40°，过点A 作截面AEF ，则截面△AEF 周长的最小值为．11. 长方体ABCD −A 1B 1C 1D 1内接于球O ，且AB =BC =2，AA 1=2√2，则A 、B 两点之间的球面距离为______．12. 从装有n +1个球(其中n 个白球，1个黑球)的口袋中取出m 个球(0<m ≤n,m ，n ∈N)，共有C n+1m 种取法．在这C n+1m种取法中，可以分成两类：一类是取出的m 个球全部为白球，另一类是取出m −1个白球，1个黑球，共有C 10⋅C n m +C 11⋅C n m−1=C n+1m ，即有等式：C n m +C n m−1=C n+1m 成立．试根据上述思想化简下列式子：C k 0C n m +C k 1⋅C n m−1+C k 2⋅C n m−2+⋯+C k k ⋅C n m−k =______ .(1≤k <m ≤n,k ，m ，m ∈N)． 13. 已知平行六面体ABCD −A′B′C′D′中，AB =4，AD =3，AA′=5，∠BAD =90°，∠BAA′=∠DAA′=60°，则AC′的长为______ ．14. 某几何体的一条线段为√7，在该几何体的正视图中，这条线段的投影是长为√6的线段，在该几何体的侧视图与俯视图中，这条线段的投影分别是长为a 和b 的线段，则a +b 的最大值为______．15. 数列{a n }共有13项，a 1=0，a 13=4，且|a k+1−a k |=1，x =1，2…12，满足这种条件不同的数列个数为______．16.如图，在底面半径和高均为1的圆锥中，AB、CD是底面圆O的两条互相垂直的直径，E是母线PB的中点，已知过CD与E的平面与圆锥侧面的交线是以E为顶点的抛物线的一部分，则该抛物线的焦点到其准线的距离为______．三、解答题（本大题共5小题，共60.0分）17.有8名学生排成一排，求分别满足下列条件的排法种数，要求列式并给出计算结果．(1)甲不在两端；(2)甲、乙相邻；(3)甲、乙、丙三人两两不得相邻；(4)甲不在排头，乙不在排尾．)12的展开式中．18.在二项式(2x3+1x(1)求该二项展开式中所有项的系数和的值；(2)求该二项展开式中含x4项的系数；(3)求该二项展开式中系数最大的项．19.如图，在直三棱柱ABC−A1B1C1中，CC1=AC=BC，∠ACB=90°，P是AA1的中点，Q是AB的中点．(1)求异面直线PQ与B1C所成角的大小；(2)若直三棱柱ABC−A1B1C1的体积为1，求四棱锥C−2BAPB1的体积．20.圆锥的轴截面为等腰直角三角形SAB，Q为底面圆周上一点．(Ⅰ)如果BQ的中点为C，OH⊥SC，求证：OH⊥平面SBQ；(Ⅱ)如果∠AOQ=60°，QB=2√3，求此圆锥的体积；(Ⅲ)如果二面角A−SB−Q的大小为arctan√6，求∠AOQ的3大小．21. (1)集合Q ={x|x =(x 1,x 2,…,x n )，x i =0或1}，对于任意x ∈Q ，定义f(x)=∑x i n i=1，对任意k ∈{0,1，2，…，n}，定义A k ={x|f(x)=k,x ∈Q}，记a k 为集合A k 的元素个数，求a 1+2a 2+⋯+na n 的值；(2)在等差数列{a n }和等比数列{b n }中，a 1=b 1=2，a 2=b 2=2+b ，是否存在正整数b ，使得数列{b n }的所有项都在数列{a n }中，若存在，求出所有的b ，若不存在，说明理由；(3)已知当|x|<12时，有11+2x =1−2x +4x 2−⋯+(−2x)n +⋯，根据此信息，若对任意|x|<12，都有x(1−x 3)(1+2x)=a 0+a 1x +a 2x 2+⋯+a n x n+⋯，求a 10的值．答案和解析1.【答案】A【解析】解：约束条件{x≤2y≤2x+y≥2对应的可行域如下图：由图可知：当x=2，y=2时，目标函数Z 有最大值Zmax=6，当x=2，y=0时，目标函数Z有最小值Zmax=2，则x+2y的取值范围是：[2,6]，故选：A．本题考查的知识点是线性规划，处理的思路为：根据已知的约束条件{x≤2y≤2x+y≥2画出满足约束条件的可行域，再用角点法，求出目标函数的最大值．用图解法解决线性规划问题时，分析题目的已知条件，找出约束条件和目标函数是关键，可先将题目中的量分类、列出表格，理清头绪，然后列出不等式组(方程组)寻求约束条件，并就题目所述找出目标函数．然后将可行域各角点的值一一代入，最后比较，即可得到目标函数的最优解．2.【答案】D【解析】【分析】本题主要考查随机抽样的应用，利用三种抽样的定义是解决本题的关键，比较基础．分别根据分层抽样，系统抽样和简单抽样的定义进行判断即可．【解答】解：①由于三种收入的家庭差异比使用较明显，故①应用分层抽样．②由于12名特长生人数比较少，可以使用简单随机抽样即可，故选：D．3.【答案】C【解析】解：从后排8人中选2人共C 82=28种选法．这2人插入前排4人中，且保证前排人的顺序不变，则先从4人中的5个空挡插入一人，有5种插法；余下的一人则要插入前排5人的空挡，有6种插法，故不同调整方法的种数是28×5×6=840，故选C ．分三步完成：①先从后排8人中选2人共C 82种选法．②把这2人插入前排4人中，且保证前排人的顺序不变，则先从4人中的5个空挡插入一人，有5种插法．③余下的一人则要插入前排5人的空挡，有6种插法，再根据分步计数原理求得结果．本题主要考查排列、组合以及简单计数原理的应用，属于中档题．4.【答案】D【解析】解：∵E 、F 分别为棱长为1的正方体的棱A 1B 1、B 1C 1的中点， ∴EF//A 1C 1，而A 1C 1//AC ， ∴EF//AC ，而G 为面对角线AC 上的动点，∴点G 到直线EF 的距离为定值则三角形EFG 的面积为定值．此四面体体积V =S △EFG ℎ，h 为点H 到面EFG 的距离．根据直线A 1A 与面EFG 相交，交点为A ，当点H 在A 1处h 取最大值， H 可无限靠近A 但不能在A 处，∴此四面体体积有最大值，不存在最小值，故选：D ．根据EF//AC ，可知点G 到直线EF 的距离为定值则三角形EFG 的面积为定值，只需研究点H 到平面EFG 的距离的取值范围即可得到四面体体积的取值范围．本题主要考查了四面体的体积，以及运动中的不变问题，同时考查了了空间想象能力和转化的思想，属于中档题．5.【答案】x +2y −5=0【解析】解：∵参数方程{x =1+2ty =2−t (t ∈R,t 为参数)， ∴普通方程为x +2y −5=0．故答案为：x+2y−5=0．参数方程消去参数能求出普通方程．本题考查普通方程的求法，考查参数方程、普通方程的互化等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．6.【答案】13√55【解析】解：由直线l的方程与椭圆的方程可以知道，直线lx+2y+18=0与椭圆不相交，设直线m平行于直线l，则直线m的方程可以写成x+2y+k=0(1)由方程组{x29+y24=1x+2y+k=0消去x，得25y2+16ky+4k2−36=0(2)令方程(2)的根的判别式△=0，得162k2−4×25(4k2−36)=0(3)解方程(3)得k1=5或k2=−5，∴当k1=5时，直线m与椭圆交点到直线l的距离最近，此时直线m的方程为x+2y+5= 0，直线m与直线l间的距离d=√1+4=13√55，故答案为：13√55．由直线l的方程与椭圆的方程可以知道，直线l与椭圆不相交，将直线l：x+2y+18=0平移，使得其与椭圆相切，则可知切线与直线l的距离最小或最大，故设直线m平行于直线l，则直线m的方程可以写成x+2y+k=0与椭圆方程联立，利用判别式为0可求解．本题考查直线和椭圆的位置关系，解题的关键是将直线l：x+2y+18=0平移，使得其与椭圆相切，属基础题．7.【答案】3【解析】【分析】本题主要考查二项式定理的应用，整除的有关知识，属于中档题．所给的式子即(−1+3)11=2048=2045+3，显然它除以5的余数为3．【解答】解：∵−1+3C 111−9C 112+27C 113−⋯−310C 1110+311 =(−1+3)11=2048=2045+3，它除以5的余数显然为3，故答案为：3．8.【答案】4π【解析】解：由三视图知：几何体为圆锥，且圆锥的底面直径为2，高为√15， ∴圆锥的母线长为√15+1=4，∴几何体的侧面积S =π×1×4=4π(cm 2) 故答案为：4π．几何体为圆锥，由三视图的数据可得圆锥的底面直径与高，求得其母线长，把数据代入圆锥的侧面积公式计算．本题考查了由三视图求几何体的体积，根据三视图求几何体相关几何量的数据是关键．9.【答案】16【解析】解：把甲、乙看成一个整体，与其他的2人分到A 、B 、C 三个社区，共有A 33 种不同的方法，而所有的分配方法有C 42A 33种，故甲、乙两人被分在同一个社区的概率是P =A 33C 42A 33=16，即甲、乙两人同时到同一个社区的概率是16，故答案为：16．甲、乙两人被分在同一个社区的方法有A 33种，而所有的分配方法有C 42A 33种，由此求得甲、乙两人被分在同一个社区的概率．本题考查求等可能事件的概率，得到甲、乙两人被分在同一个社区的方法有A 33种，是解题的关键．10.【答案】6【解析】【分析】本题主要考查余弦定理的应用，棱锥的结构特征，利用棱锥的侧面展开图研究几条线段和的最小值问题，是一种重要的解题方法．沿着侧棱VA把正三棱锥V−ABC展开在一个平面内，如图，则AA′即为截面△AEF周长的最小值，且∠AVA′=3×40°=120°，在△VAA′中，由余弦定理可得AA′的值．【解答】解：如图所示：沿着侧棱VA把正三棱锥V−ABC展开在一个平面内，如图(2)，则AA′即为截面△AEF周长的最小值，且∠AVA′=3×40°=120°．△VAA′中，由余弦定理可得AA′=√VA2+VA′2−2VA⋅VA′⋅cos∠AVA′=√12+12−2×12cos120°=6，故答案为6．11.【答案】2π3【解析】【分析】此题考查了长方体外接球问题，属于基础题．利用长方体外接球直径为其体对角线长求得外接球半径，及AB所对球心角，得解．【解答】解：由AB=BC=2，AA1=2√2，得AC1=BD1=4，∴△ABO为正三角形，∠AOB=π3，∴A，B两点间的球面距离为2×π3=2π3，故答案为：2π3．12.【答案】C n+k m【解析】解：在C n m +C k 1⋅C n m−1+C k 2⋅C n m−2+⋯+C k k ⋅C nm−k 中，从第一项到最后一项分别表示：从装有n 个白球，k 个黑球的袋子里，取出m 个球的所有情况取法总数的和，故答案应为：从从装有n +k 球中取出m 个球的不同取法数C n+k m故选C n+k m从装有n +1个球(其中n 个白球，1个黑球)的口袋中取出m 个球(0<m ≤n,m ，n ∈N)，共有C n+1m 种取法．在这C n+1m 种取法中，可以分成两类：一类是取出的m 个球全部为白球，另一类是，取出1个黑球，m −1个白球，则C n m +C n m−1=C n+1m 根据上述思想，在式子：C n m +C k 1⋅C n m−1+C k 2⋅C n m−2+⋯+C k k ⋅C nm−k 中，从第一项到最后一项分别表示：从装有n 个白球，k 个黑球的袋子里，取出m 个球的所有情况取法总数的和，故答案应为：从从装有n +k 球中取出m 个球的不同取法数，根据排列组合公式，易得答案．这个题结合考查了推理和排列组合，处理本题的关键是熟练掌握排列组合公式，明白每一项所表示的含义，再结合已知条件进行分析，最后给出正确的答案．13.【答案】√85【解析】解：由题意可得，AC′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CC′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AA′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，所以|AC′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |2=|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AA′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |2=AB ⃗⃗⃗⃗⃗ 2+AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 2+AA′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 2+2(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AA′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AA′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ )=42+32+52+2×(4×3×0+4×5×12+3×5×12)=85，所以AC′的长为√85．故答案为：√85．将所求解的长度转化为空间向量AC′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 的模进行求解，然后利用空间向量基本定理得到AC′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CC′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AA′⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，然后求解模即可．本题考查了空间向量在立体几何中的应用，涉及了空间向量基本定理的应用，空间向量数量积的定义，空间向量模的运算性质，解题的关键是确定基底，考查了逻辑推理能力与化简运算能力，属于中档题．14.【答案】4【解析】解：由棱和它在三视图中的投影扩展为长方体，三视图中的三个投影，是三个面对角线，则设长方体的三度：x 、y 、z ，所以x 2+y 2+z 2=7，x 2+y 2=a 2，y 2+z 2=b 2，x 2+z 2=6可得a 2+b 2=8∵(a +b)2≤2(a 2+b 2)a +b ≤4∴a +b 的最大值为：4故答案为：4由棱和它在三视图中的投影扩展为长方体，三视图中的三个投影，是三个面对角线，设出三度，利用勾股定理，基本不等式求出最大值．本题考查三视图，几何体的结构特征，考查空间想象能力，基本不等式的应用，是中档题．15.【答案】495【解析】解：∵|a k+1−a k |=1，∴a k+1−a k =1或a k+1−a k =−1，设有x 个1，则有12−x 个−1∴a 13−a 1=(a 13−a 11)+((a 12−a 11)+(a 11−a 10)+⋯+(a 2−a 1)∴4=x+(12−x)⋅(−1)∴x=8∴这样的数列个数有C128=495，故答案为：495根据题意，先确定数列中1的个数，再利用组合知识，即可得到结论．本题考查数列知识，考查组合知识的运用，确定数列中1的个数是关键．16.【答案】√22【解析】解：如图所示，过点E作EG⊥AB，垂足为F．∵E是母线PB的中点，圆锥的底面半径和高均为1，∴OF=EF=12，∴OE=√22．在平面CED内建立直角坐标系．设抛物线的方程为y2=2px(p>0)，C(√22,1)，∴1=2×√22p，解得p=√22．∴该抛物线的焦点到其准线的距离为√22．故答案为：√22．如图所示，过点E作EF⊥AB，垂足为F.由于E是母线PB的中点，圆锥的底面半径和高均为1，可得OF=EF=12.OE=√22.在平面CED内建立直角坐标系．设抛物线的方程为y2=2px(p>0)，F为抛物线的焦点．可得C(√22,1)，代入解出p即可．本题考查了圆锥的性质、抛物线的标准方程，考查了转变角度解决问题的能力，考查了推理能力与计算能力，是中档题．17.【答案】解：(1)假设8个人分别对应8个空位，甲不站在两端，有6个位置可选，则其他7人对应其他7个位置，有6A77=30240种情况，(2)把甲乙两人捆绑在一起看做一个复合元素，再和另外6人全排，故有2A77=10080种情况，(3)将甲、乙、丙三人插入到另外5人排列后所成的6个空中的3个空，故有A 55A 63=14400种情况，(4)利用间接法，故有A 88−2A 77+A 66=30960种情况．【解析】(1)假设8个人分别对应8个空位，甲不站在两端，有6个位置可选，则其他7人对应其他7个位置，由分步计数原理计算可得答案；(2)把甲乙两人捆绑在一起看做一个复合元素，再和另外6人全排；(3)将甲、乙、丙三人插入到另外5人排列后所成的6个空中的3个空；(4)利用间接法可得．本题考查排列、组合的运用，先根据已知找到突破口，再以此推出其它位置的人是解题的关键．18.【答案】解：(1)令x =1，可得该二项展开式中所有项的系数和的值为312．(2)该二项展开式中，通项公式为T r+1=C 12r ⋅212−r ⋅x 36−4r ，令36−4r =4，求得r =8，故含x 4项的系数为C 12824=7920．(3)第r +1项的系数为C 12r ⋅212−r ，由{C 12r ⋅212−r ≥C 12r−1⋅213−rC 12r ⋅212−r ≥C 12r+1⋅211−r，求得r =3，故该二项展开式中系数最大的项为 C 123(2x 3)9(1x )3=112640x 24．【解析】(1)令x =1，可得该二项展开式中所有项的系数和的值．(2)在通项公式中，令x 的幂指数等于4，求得r 的值，可得含x 4项的系数．(3)根据{C 12r ⋅212−r ≥C 12r−1⋅213−r C 12r ⋅212−r ≥C 12r+1⋅211−r，求得r 的值，可得结论．本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于中档题．19.【答案】解：(1)以C 为坐标原点，以CA ，CB ，CC 1为X ，Y ，Z 轴正方向建立空间直角坐标系．不妨设CC 1=AC =BC =2．依题意，可得点的坐标P(2,0，1)，Q(1,1，0)，B 1(0,2，2)．于是，PQ ⃗⃗⃗⃗⃗ =(−1,1,−1)，B 1C ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(0,−2,−2)．由PQ ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅B 1C ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0，则异面直线PQ 与B 1C 所成角的大小为π2．(2)连接CQ.由AC=BC，Q是AB的中点，得CQ⊥AB；由AA1⊥面ABC，CQ⊊面ABC，得CQ⊥AA1．又AA1∩AB=A，因此CQ⊥面ABB1A1由直三棱柱ABC−A1B1C1的体积为12⇒CC1=AC=BC=1.可得CQ=√22．所以，四棱锥C−BAPB1的体积为V C−BAPB1=13⋅CQ⋅S BAPB1=13⋅√22⋅[12(12+1)⋅√2]=14．【解析】(1)以C为坐标原点，以CA，CB，CC1为X，Y，Z轴正方向建立空间直角坐标系，分别求出异面直线PQ与B1C的方向向量，代入向量夹角公式，即可求出异面直线PQ与B1C所成角的大小；(2)连接CQ.由AC=BC，由已知中，Q是AB的中点，AA1⊥面ABC，我们根据等腰三角形“三线合一”的性质及线面垂直的性质，即可得到CQ⊥AB，CQ⊥AA1，进而根据线面垂直的判定定理，得到CQ⊥面ABB1A1，故CQ即为四棱锥C−BAPB1的高，求出棱锥的底面面积，代入棱锥体积公式，即可得到答案．本题考查的知识点是异面直线及其所成的角，棱锥的体积，其中(1)的关键是建立空间坐标系，将异面直线夹角问题转化为向量夹角问题，而(2)的关键是根据线面垂直的判定定理，得到CQ为棱锥的高．20.【答案】证明：(I)连接OC、AQ，因为O为AB的中点，所以OC//AQ．因为AB为圆的直径，所以∠AQB=90°，OC⊥BQ．因为SO⊥平面ABQ，所以SO⊥BQ，所以QB⊥平面SOC，OH⊥BQ.又OH⊥SC，SC∩BQ=C，所以OH⊥平面SBQ．解：(II)∵∠AOQ=60°∴∠OBQ=∠OQB=30°∵BQ=2√3∴AB=4，AQ=2，又SA⊥SB，SA=SB=2√2∴SO=OA=BO=2∴V=13π⋅OA2⋅SO=8π3．(III)作QM⊥AB于点M，∵平面SAB⊥平面ABQ且平面SAB∩平面ABQ=AB ∴QM⊥平面SAB．再作MP⊥SB于点P，连QP∴QP⊥SB∴∠MPQ为二面角A−SB−Q的平面角∴∠MPQ=arctan√63．∴MQ：MP=√6：3．设OA=OB=R，∠AOQ=α∴MQ=Rsinα，OM=Rcosα，MB=R(1+cosα)，∠SBA=45°∴MP=BP∴MP=√22MB=√22R(1+cosα)∴Rsinα：√22R(1+cosα)=√6：3．∴1+cosαsinα=√3∴cot α2=√3解得α=60°，∠AOQ=60°．【解析】(I)连接OC、AQ，由三角形中位线定理可得OC//AQ，由圆周角定理我们可得OC⊥BQ，由圆锥的几何特征，可得SO⊥BQ，进而由线面垂直的判定定理，得到QB⊥平面SOC，则OH⊥BQ，结合OH⊥SC及线面垂直的判定定理得到OH⊥平面SBQ；(Ⅱ)若∠AOQ=60°，易得∠OBQ=∠OQB=30°，又由QB=2√3，我们求出圆锥的底面半径OA长及圆锥的高SO，代入圆锥体积公式，即可得到圆锥的体积；(Ⅲ)作QM⊥AB于点M，由面面垂直的判定定理可得QM⊥平面SAB，作MP⊥SB于点P，连QP，则∠MPQ为二面角A−SB−Q的平面角，根据二面角A−SB−Q的大小为arctan√63，设OA=OB=R，∠AOQ=α，进而可求出∠AOQ的大小．本题考查的知识点是二面角的平面角及求法，圆锥的体积，直线与平面垂直的判定，其中(I)的关键是熟练掌握空间线线垂直，线面垂直的相互转化，(II)的关键是求出底面半径及高，(III)的关键是确定∠MPQ为二面角A−SB−Q的平面角．21.【答案】解：(1)由题意得集合A k.表示方程x1+x2+⋯+x n=k解的集合，由于x i=0或，∴方程x1+x2+⋯+x n=k中有k个，n−k个，从而可得到解的情况共有C n k个，∴a k=C n k．令S=a1+2a2+⋯+na n=C n1+2C n2+⋯+nC n n，∴S=nC n n+⋯+2C n2+C n1，∴2S =nC n n +nC n n−1+⋯+nC n 2+nC n 1+nC n n=nC n n +nC n n−1+⋯+nC n 2+nC n 1+nC n 0=n ⋅2n ，∴S =n ⋅2n−1，即S =nC n n +⋯+2C n 2+C n 1．(2)当b 取偶数(b =2k,k ∈N ∗)时，{b n }中所有项都是{a n }中的项．∵b 1，b 2均在数列{a n }中，当n ≥3时，b n =2(2+b 2)n−1=2(k +1)n−1=2(C n−10k n−1+C n−11k n−2+⋯+C n−1n−2k 1+C n−1n−1) =2+2k[(C n−10k n−2+C n−11k n−3+⋯+C n−1n−2+1)−1]，说明数列{b n }的第n 项是数列{a n }中的第C n−10k n−2+C n−11k n−3+⋯+C n−1n−2+1项．当b 取奇数(b =2k +1,k ∈N ∗)时，∵b n 不是整数，∴数列{b n }的所有项都不在数列{a n }中．综上，b 为正偶数．(3)当|x|<12时，有11+2x =1−2x +4x 2−⋯+(−2x)n +⋯①当|x|<12时，x 1−x 3=1+x 3+x 6+⋅x 9+⋯+(x 3)n +⋯(2)②又对任意|x|<12，都有x (1−x 3)(1+2x)=a 0+a 1x +a 2x 2+⋯+a n x n +⋯③ ∴a 10即为x 10的系数，可取①中(−2x)9、②中的1；或①中(−2x)6、②中的x 3；或①中(−2x)3、②中的x 6；或①中的、②中的x 9；∴a 10=(−2)9+(−2)6+(−2)3+1=−455．【解析】(1)由题意得集合A k .表示方程x 1+x 2+⋯+x n =k 解的集合，由于x i =0或，即可得到集合A k 的元素个数a k ，利用倒序相加法及C n k =C nn−k ，即可得到答案； (2)假设存在b ，对b 分奇数和偶数两种情况进行讨论；(3)利用类比推理和分类计数原理可得a 10的值．本题考查了对集合新定义的理解，等比数列的控究性问题，类比推理与计数原理相结合的问题，考查了分类讨论和计算能力，属难题．。