14-第14章习题课
高教第二版(徐寿昌)有机化学课后习题答案第14章
第十四章 β－二羰基化合物一、 命名下列化合物：1.CH 3CH 3C COOH COOH2.CH 3COCHCOOC 2H 5C 2H 5二、 写出下列化合物加热后生成的主要产物：1.CO CO C OH 2.O=C2CH 2CH 2COOHCH 2COOH O=CCH 3CH 2CH 2CH 2COOH 3.C 2H 5CH(COOH)2C 2H 5CH 2COOH三、试用化学方法区别下列各组化合物:1.CH 3COCH(CH 3)COOC 2H 5,CH 3COC(CH 3)COOC 2H 52.CH 3COCH 2COOH,HOOCCH 2COOH解：分别加入饱和亚硫酸氢钠水溶液，3－丁酮酸生成晶体，而丙二酸不能。
四、下列各组化合物，那些是互变异构体，那些是共振杂化体？1.CO OOC 2H 5OOC 2H 5OH,2.CH 3C O O -,CH 3C OO-3.C OOH,五、完成下列缩合反应：1.2CH 3CH 2COOC 2H 51.NaOC H 2.HCH 3CH 2COCHCOOC 2H 5CH 3+C 2H 5OH 2.CH 3CH 2COOC 2H 5+COOC 2H 51.NaOC H 2.HCOCHCOOC 2H 5CH 3CH 3CH 2COCHCOOC 2H 5CH 3+3.CH 3CH 2COOC 2H 5+COOC 2H 5COOC 2H 51.NaOC H 2.HO=C O=C CHCOOC 2H 5CH 3CHCOOC 2H 5CH 34.CH 2CH 2CH 2COOC 2H 5CH 2CH 2COOC 2H 51.NaOC H 2.HCOCOOC 2H 55.COCO+HCOOC2H 51.NaOC H 2.HCHO六、完成下列反应式：1.CHO1.O 32.Zn,HCHO CH 2CH 2CHO5%NaOHOHC 2H 5C 2H 5CCH 3COCH 2H 3O +2.C H MgBr 1.2OO CH 2COOC 2H 5CCH 3HOCH 2CH 2OH,H +CH 3COCH 2COOC 2H 53.CH 3CH 3COCH 2CHCOOC 2H 5NaOH%5CHCOOC 2H 5CH 3CH 3COCHCOOC 2H 5CH 3ClCHCOOC H NaCH 3COCHCOOC 2H 5NaOC H CH 3COCH 2COOC 2H 52.CH 3COCH 2H +CH 2CHCH 2CH 2CHCH 3OHNaBH 4COOHCH 2CHCH 2CH 2COCH 3KOC(CH 3)3CH 2=CHCOCH 3CH 2CH(COOC 2H 5)2NaCH(C OOC 2H 5)2NaOC 2H 5CH 2Cl4.CH 2CCH 2CH 2COCH 3COOC 2H 5COOC 2H 5COOHO七、写出下列反历程：C 6H 5CH 22C 6H 5O+CH 2=CHCOCH 3NaOCH 3CH 3OHC 6H 5C=O C 6H 5CH 3C 6H 5CH 2CCH 2C 6H 5ONaOCH 3C 6H 5CH 2CCHC 6H 5OCH 2=CHCOCH 3C 6H 5CH 2CCHC 6H 5OCH 2CH 2COCH 3NaOCH C 6H 5H O 3C 6H 5CH CHC 6H 5COCHOCH 3CH 2CH 2H 2OC=OCH 3C 6H 5C 6H 5八、以甲醇，乙醇为原料，用丙二酸酯法合成下列化合物： 1．α－甲基丁酸CH 3OH3CH 3ClC 2H 5OH3CH 3CH 2Cl C 2H 5OOCCH 2COOC 2H 5NaOC H CH Cl C 2H 5OOCHCOOC 2H 5CH 3NaOC 2H 5CH 3CH 2ClC 2H 5OOCCCOOC 2H 5CH 3CH 2CH 312-2.H 3O+HOOCCCOOH CH 2CH 3CH 3CH 3CH 3CH 2CHCOOHCH 3CH 2OHCH 3CHO5%NaOHaqCH 3CH=CHCHO2CH 3CH 2CH 2CH 2OHPCl 3CH 3CH 2CH 2CH 2Cl COOC 2H 5CHNa COOC 2H 5CH 3CH 2CH 2CH 2ClCOOC 2H 5CHCH 2CH 2CH 2CH 3COOC 2H 51.H 2O,-OH2.H 3O+CH 3CH 2CH 2CH 2CH 2COOH3. 3－甲基己二酸CH 3CH 2ClMg,(C 2H 5)2O CH 3CH 2MgClCH 2OH 3O +CH 3CH 2CH 2OHH 3PO 4CH 3CH=CH 2Br 2BrCH 32Br2C 2H 5OOCCHCOOC 2H 5NaBr32CH 31.H 2O,-OH2.H 3O+CH 3HOOCCH 22CH 2COOH(C 2H 5OOCCHCHCH 2CH(COOC 2H 5)24. 1，4－环己烷二甲酸CH 3CH 2OH 24CH 2=CH 2Br 2BrCH 2CH 2Br2CH 2(COOC2H 5)22NaOC 2H 55．环丙烷甲酸九、以甲醇、乙醇以及无机试剂为原料，经乙酰乙酸乙酯合成下列化合物：（1） 3－乙基－2－戊酮CH 3CH 2OHPCl CH 3CH 2Cl CH 3COCH 2COOC 2H 5NaOC H CH 3COCHCOOC 2H 5Na 32C 2H 5CH 32H 5NaOC H 32CH 3COCCOOC 2H 5CH 2CH3CH 2CH 3H O +CH 3COCHCH 2CH 3CH 2CH 3（2） α－甲基丙酸PCl CH 3COCH 2COOC 2H 5NaOC H CH 3COCHCOOC 2H 5Na CH 32H 5NaOC HCH 3COCCOOC 2H 5H O +CH 3OHCH 3Cl CH 3Cl CH 3CH 3ClCH 3CH 340%CH 3CHCOOHCH 3（3） γ－戊酮酸CH3COCH2COOC2H5NaOC HCH3COCHCOOC2H5NaCH32H5HO+CH3CH2OH[O]CH3COOH2ClCH2COOHC H OH,H+ClCH2COOC2H5ClCH2COOC2H5CH2COOC2H55%CH3COCH2CH2COOH（4）2，7－辛二酮CH3COCH2COOC2H5NaOC HCH3COCHCOOC2H5NaCH3CH2OH CH2=CH2ClCH2CH2ClCl22ClCH2CH2ClCH3COCHCH2CH2CHCOCH3COOC2H5COOC2H5NaOH H O+5%CH3COCH2CH2CH2CH2COCH3（5）甲基环丁基甲酮CH3COCH2COOC2H5NaOC HCH3COCHCOOC2H5NaNaOH H O+5%CH3CH=CH22ClCH2CH=CH2HBrClCH2CH2CH2BrClCH2CH2CH2BrCH3COCHCOOC2H5CH2CH2CH2ClNaOC HCH2CH2CH2ClCH3COCCOOC2H5NaCH3COCCOOC2H5COCH3十、某酮酸经硼氢化钠还原后，依次用溴化氢，碳酸钠和氰化钾处理后，生成腈。
大学物理课件 第14章光的干涉习题答案
C.有一凸起的埂，深入 / D4 . 有一凸起的埂，深入
天道酬勤
4
6.一束白光以30度的入射角照射平静的湖水（水的折射 率为4/3）表面的一层透明液体（折射率为 10）2 的薄膜， 若反射光中波长为600nm的光显得特别明亮，则该透 明液体薄膜的最小厚度为（ ）
r1' r1 x sin
r2 r2' x sin
x
sin sin
天道酬勤
10
2.在1题基础上，考虑使用激光测速仪测量微粒运动速度 问题。在激光测速仪里两列交叉的相干激光束照射运 动微粒，…求微粒运动速度大小。
解：利用1题结论，粒子走过的路程
为λ/(sinθ+sinφ)，其中θ、φ分
别为30度。
距D＝1.0m，若第二级明条纹离屏中心的距离为
6.0mm，此单色6光00的n波长 相邻两明条纹间的3距m离
为．
m
m
10.在不同的均匀媒质中，若单色光通过的光程相等时，
其几何路程
同不，其所需时间
相同。
11.两光相干除了满足干涉的三个必要条件，即频率相同、 振动方向相同、相位相等或相位差恒定之外，还必须满足 两个附加条件 两相干光的振幅不可相差太大 ， 两 相干光的光程差不能太大 。
6
二、填空题
1.真空中的波长为 的单色光在折射率为n的媒质中由
A点传到B点时，周相改变量为3，则光程的改变量
为 3λ/，2 光从A传到B所走过的几何路程为 3。λ/2n
2.如图所示，在杨氏双缝实验中，若用红光做实验，则 相邻干涉条纹间距比用紫光做实验时相邻干涉条纹间
距 ，大若在光源S2右侧光路上放置一薄玻璃片，则中
化学动力学习题课_14章_
解：分解反应 NO(g) → N2(g)+ O2(g) 根据题意，由二级反应半衰期公式 根据题意，由二级反应半衰期公式t =1/(kp p0) 得： (1) kp (967K) = 1.687×10-8 Pa-1 s-1 × (2) t=0 t NO(g) → N2(g) + O2(g) p0 p0–p 0 p/2 p0/4 0 p/2 p0/4 即: p总=p0
dcA = kcA dt
cA， ln 0 = kt cA
ln 2 t1 / 2 = k
2. 二级反应 (k/ mol-1dm3 s-1):
2A → P
k
dcA = kcA2 dt
1 1 = kt cA cA， 0
t1 / 2 =
1 kcA， 0
A + B→P
k
dx = k(a x)(b x) dt
对于(理想气体 气相反应 对于 理想气体)气相反应 ：p = cRT 理想气体 dpA -1 n r '/ Pa s = = k p pA adt
k p = kc ( RT )1 n
k / mol1-n (dm 3 ) n-1 s -1
注意： 注意：单位换算
二、简单级数反应
k 1. 一级反应 (k/s-1) ： A ―→ B
dci = kcNO2 cF2 解：根据速率方程表达式 r = vi dt
nNO2 nF2 dni =k viVdt V2
dnNO F dni k ∴ = nNO2 nF2 = 2dt vi dt V
2
的物质的量为x, 解：设生成NO2F的物质的量为 则：nNO2=2-x, n(F2)=3-x/2, 设生成 的物质的量为
第十四章 化学动力学 习题讨论课
大学物理第14章习题课选讲例题
2 nb
2 b
7
L
n
b
m
3
n
5 . 89 10 2 8 10
5
2 . 4 10
1 . 53 m
例 用氦氖激光器发出的波长为633nm的单色光做 牛顿环实验，测得第个 k 暗环的半径为5.63mm , 第 k+5 暗环的半径为7.96mm，求平凸透镜的曲率半径R. 解
k 2,
k 3,
n1 d 552 nm
2 3 n 1 d 368 nm
绿色
(2) 透射光的光程差 Δ t 2 dn 1
k 1,
k 2,
k 3,
/2
2 n1 d 11/ 2
2 n1 d 2 1/ 2
2 n1 d 3 1/ 2
暗条纹
r 2 n 2 e ( 2 k 1)
n1 n2
n3
2
e (4 1 )
k 0 ,1, 2 ,
第 5 条暗条纹
k = 4
2 2n2
例
在单缝的夫琅和费衍射实验中，屏上第三
6 个半波带，
级暗纹对应的单缝处波面可划分为
若将缝宽缩小一半，原来第三级暗纹处将是
__________ 第一级亮纹
rk kR
rk 5 (k 5) R
5 R rk 5 rk
2
2
2
R
r
2 k 5
r
2 k
5
( 7 . 96 mm ) ( 5 . 63 mm )
有机化学课件(李景宁主编)第14章_含氮有机化合物习题
浓 NaOH CHO + CHO + CH 3 KMnO 4 KOH N K COOH COOH N COOH COOH KMnO 4 N O CH 2OH 稀 OH
－
+ O COOH
CH 3COCH 3
O
CH=CH COCH 3
碳水化合物
一、三个单糖和过量苯肼作用后，得到同样晶形的脎，其中一个
CHO
3、化合物A（C8H17N）其NMR中无双峰，A与2molCH3I反应后再与 湿的Ag2O作用，并加热生成B（C10H21N），再重复以上反应则生成 三甲胺及1，4—辛二烯和1，5—辛二烯，给出A、B 的结构并写出有 关反应方程式。
4、化合物A（C6H13O2N）有旋光性，A与HNO2作用放出N2，与 NaHCO3作用放出CO2，A与HNO2的水溶液作用生成B（C6H12O3）， B仍有旋光性，B与浓H2SO4作用于脱水生成C（C6H10O2），C能使 KMnO4溶液褪色，与酸性KMnO4作用并加热则生成草酸和2—甲基丙 酸，写出A、B各对映异构体的Fisher投影式，并用R/S命名法命名， 写出C的结构式。
A 伯胺
B 仲胺
C 叔胺
D 都可以
）
7、下列化合物能溶于稀盐酸的是（ A 苯胺 B 苯酚 C 苯甲酸
D 乙酰苯胺
8、下列化合物碱性最强的是（ ） A CH 3COO-+NH4 C CH3CONH2 A 5％盐酸水溶液 B CH3(CH2)3NH2 D H2NCH2COOH ） D银氨溶液 B 苯磺酰氯和NaOH C 乙酸酐
9、能区分苯胺和N－甲基苯胺的是（
10、反应C6H5NH2 + H2SO4(1mol) A
SO3H NH2
九年级物理第十四章课后习题答案(详析详解)
九年级物理第十四章课后习题答案（详析详解）【写在前面】“动手动脑学物理”栏目中每一道习题的设计都有很强的目标指向性。
每做一道题我们都要清楚：课本中为什么要设计这样一道题目？某一道题不会做，肯定是因为与这道题相关的某个知识点你没有掌握好，该达到的目标要求你还没有达到。
这就提醒我们需要重新翻书，进一步理解相关的知识内容。
从这一点上说，做好课本上的题目是基础、是达标的关键，大家一定要给予足够的重视。
课本上的习题还没有做好，就盲目地做大量的课外习题，只能是越做越发蒙，降低学习效率。
本资料由辽宁省物理优秀课教师安绍文根据多年的教学实践经验及学生学情实际状况编制而成。
供需要者在教学或学习中参考。
（14-1热机）说明：题目是在有意引导同学们注意观察身边的物理。
通过大脑的搜索和对平时观察的回忆你会发现：原来觉得很神秘的热机，实际上，在生活、生产中的应用随处可见。
分析：关键是要清楚，利用内能做功的机械都是热机。
怎样知道它是否利用内能了？那就要看它是否燃烧燃料了。
热机工作时利用的内能，就是燃料燃烧后所形成的高温高压气体的内能。
提示：按照上面的分析思路，在生活和生产中寻找“能动的”并“燃烧燃料的”机器。
答案：例如生活中：常用的交通工具除了飞机、汽车、摩托车之外，还有火车、轮船也是利用热机提供动力的。
这都属于内燃机。
（注：电动自行车上利用的是电动机，不是热机。
）例如生产中：工地上常看到吊车、推土机、挖掘机、拖拉机里面用的都是热机。
（也都是内燃机。
）再如坦克、火箭里面的发动机都是热机。
（火箭发动机不是内燃机，但属于热机。
）提示：四冲程内燃机的一个工作循环中，曲轴转动两周，活塞往复运动两次。
分析：（1）已知图甲为吸气冲程（此时活塞在曲轴的带动下向下运动），吸气冲程进气门应该打开、排气门应该关闭，由此可断定各图中左侧为进气门，右侧为排气门。
（2）压缩冲程应该是曲轴带动活塞向上运动，只有两个气门就都应该关闭才能使缸内气体被（见下图乙）。
孙培青《中国教育史》(第3版)课后习题答案详解-第14章 国民政府时期的教育
第14章国民政府时期的教育1.评述国民政府的教育宗旨。
答：（1）“三民主义”教育宗旨的产生1929年3月，国民党在南京召开第三次全国代表大会。
国民党中央宣传部提出《教育方针及实施原则案》，认为应当确立全国统一的教育方针和实施原则，并指出“中华民国今后之教育，应为三民主义之国民教育”。
经大会议决的教育宗旨和实施原则，于4月26日由南京国民政府正式以《中华民国教育宗旨及其实施方针》通令颁行，其宗旨为：“中华民国之教育，根据三民主义，以充实人民生活，扶植社会生存，发展国民生计，延续民族生命为目的；务期民族独立，民权普遍，民生发展，以促进世界大同。
”同时配套公布的还有《三民主义教育实施方针》，对各级各类学校教育中如何落实“三民主义”教育宗旨作出了具体规定。
至此，“三民主义”教育宗旨最终形成。
（2）“三民主义”教育的实施原则为了落实和强化“三民主义”教育，1931年6月，在南京国民政府公布的《中华民国训政时期约法》中，以根本法的形式规定了民国教育宗旨及其方针政策。
同年9月，国民党中央执行委员会第157次常务会议通过了《三民主义教育实施原则》，分别对初等教育、中等教育、高等教育、师范教育、社会教育、蒙藏教育、华侨教育、派遣留学生等八个方面，规定了具体的实施“目标”和“纲要”(包括课程、训育、设备三个细目)。
1931年11月，国民党第四次全国代表大会对1929年与教育宗旨配套公布的实施方针进行修订，并再次公布“三民主义”教育实施方针。
“三民主义”教育宗旨及其实施原则与方针至此完备。
2.国民政府为加强对学校教育的管理和控制采取了哪些措施？答：南京国民政府成立后，由于注意教育问题，并能根据政治和经济需要来发展教育，其统治时期和统治区域的学校教育事业较之北洋军阀统治时期有所发展。
（1）大学院和大学区制的试行与废止1927年6月，国民党教育行政委员会仿照法国教育行政制度模式，在中央设中华民国大学院，地方试行大学区，以取代民国以来中央政府教育部和省级教育厅。
曼昆《经济学原理(微观经济学分册)》(第6版)课后习题详解(第14章--竞争市场上的企业)
曼昆《经济学原理（微观经济学分册）》（第6版）第14章竞争市场上的企业课后习题详解跨考网独家整理最全经济学考研真题，经济学考研课后习题解析资料库，您可以在这里查阅历年经济学考研真题，经济学考研课后习题，经济学考研参考书等内容，更有跨考考研历年辅导的经济学学哥学姐的经济学考研经验，从前辈中获得的经验对初学者来说是宝贵的财富，这或许能帮你少走弯路，躲开一些陷阱。
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一、概念题1．竞争市场（competitive market）（山东大学2007研）答：竞争市场指有许多买者和卖者，以至于每一个人对市场价格的影响都微不足道的市场。
竞争市场一般指完全竞争市场。
完全竞争又称为纯粹竞争，是指不存在任何阻碍和干扰因素的市场情况，亦即没有任何垄断因素的市场结构。
完全竞争市场需要具备以下四个条件：①市场上有大量的买者和卖者；②市场上每一个厂商提供的商品都是同质的；③所有的资源具有完全的流动性；④信息是完全的。
2．平均收益（average revenue）答：平均收益指厂商在出售一定数量的产品时，平均出售每一单位的产品所获得的货币收入，即总收益除以销售量。
在不同的市场结构中，厂商的平均收益具有不同的变化规律。
在完全竞争市场中，由于单个厂商可以在市场价格下出售任何数量的商品，厂商面临一条水平的需求线（即平均收益曲线）。
这时，当市场达到长期均衡时，厂商的平均收益与平均成本相等，所以厂商的利润为零，厂商只能得到正常利润。
在非完全竞争市场上，厂商能够影响市场价格。
为了多销售一单位产品，它不仅要以比原来价格更低的价格出售这一产品，而且还必须降低原来所有产品的价格。
因此，厂商面临的需求曲线（即平均收益曲线）向右下方倾斜，表明厂商想要多销售产品，必须降低产品价格。
3．边际收益（marginal revenue）（西北大学2003研）答：边际收益又称“边际报酬”，指新增加一个单位的产品销售量所引起的总收益的增加量，这里的收益是指货币收益或销售收入。
部编版四年级下册语文第14课《母鸡》课文原文、知识点及练习题
【导语】《母鸡》是⽼舍先⽣脍炙⼈⼝的佳作，描写了作者对母鸡的看法的变化，表达了作者对母爱的赞颂之情。
课⽂以作者的情感变化为线索，前后形成了鲜明的对⽐。
前半部分写了母鸡的⽆病呻吟，欺软怕硬，拼命炫耀，后半部分写了母鸡的负责，慈爱，勇敢，⾟苦，塑造了⼀位“伟⼤的鸡母亲”的形象。
以下是⽆忧考为⼤家整理的内容，欢迎阅读参考。
部编版四年级下册语⽂第14课《母鸡》课⽂原⽂ 我⼀向讨厌母鸡。
听吧，它由前院嘎嘎到后院，由后院再嘎嘎到前院，没完没了，并且没有什么理由，讨厌!有的时候，它不这样乱叫，⽽是细声细⽓的，有什么⼼事似的，颤颤巍巍的，顺着墙根，或沿着⽥坝，那么扯长了声如怨如诉，使⼈⼼中⽴刻结起个⼩疙瘩来。
它永远不反抗公鸡，有时候却欺侮最忠厚的鸭⼦。
更可恶的是遇到另⼀只母鸡的时候，它会下毒⼿，趁其不备，狠狠地咬⼀⼝，咬下⼀撮⼉⽑来。
到下蛋的时候，它差不多是发了狂，恨不能让全世界都知道它这点⼉成绩;就是聋⼈也会被它吵得受不了。
可是，现在我改变了⼼思，我看见⼀只孵出⼀群⼩雏鸡的母鸡。
不论是在院⾥，还是在院外，它总是挺着脖⼉，表⽰出世界上并没有可怕的东西。
⼀只鸟⼉飞过，或是什么东西响了⼀声，它⽴刻警戒起来:歪着头听;挺着⾝⼉预备作战;看看前，看看后，咕咕地警告鸡雏要马上集合到它⾝边来。
发现了⼀点⼉可吃的东西，它咕咕地紧叫，啄⼀啄那个东西，马上便放下，让它的⼉⼥吃。
结果，每⼀只鸡雏的肚⼦都圆圆地下垂，像刚装了⼀两个汤圆⼉似的，它⾃⼰却消瘦了许多。
假若有别的⼤鸡来抢⾷，它⼀定出击，把它们赶出⽼远，连⼤公鸡也怕它三分。
它教鸡雏们啄⾷，掘地，⽤⼟洗澡，⼀天不知教多少次。
它还半蹲着，让它们挤在它的翅下、胸下，得⼀点⼉温暖。
它若伏在地上，鸡雏们有的便爬到它的背上，啄它的头或别的地⽅，它⼀声也不哼。
在夜间若有什么动静，它便放声啼叫，顶尖锐，顶凄惨，⽆论多么贪睡的⼈都得起来看看，是不是有了黄⿏狼。
它负责、慈爱、勇敢、⾟苦，因为它有了⼀群鸡雏。
上财投资学教程第二版课后练习第14章习题集
上财投资学教程第二版课后练习第14章习题集第十五章投资管理与业绩评估一、判断题1. 不同范围资产配置在时间跨度上往往不同，一般而言，全球资产配置的期限在1 年以上，股票债券资产配置的期限为半年，行业资产配置的时间最短，一般根据季度周期或行业波动特征进行调整。
2. 当市场表现出强烈的上升或下降趋势时，固定结构策略的表现将劣于买入并持有策略，在市场向上运动时放弃了利润，在市场向下运动时增加了损失。
3.对于许多投资者来说，战术性资产配置可以提高长期收益而不增加投资组合风险的潜力，但却是以低效用为代价的。
4.在股票市场的急剧降低或缺乏流动性时，投资组合保险策略至少保持最低价值的目标可能无法达到，甚至可能由于投资组合保险策略的实施反而加剧了市场向不利方向的运动。
5.6.7.8.9. 长期衡量则通常将考察期设定在510.简单收益率考虑了分红的时间价值，因此更能准确地对基金的真实投资表现作出衡量。
11.时间加权收益率给出了基金经理人的绝对表现，从而投资者可以据此判断基金经理人业12.从几何上看，在收益率与系统风险所构成的坐标系中，特雷纳指数实际上是无风险收益13.詹森指数是由詹森在 APT14.夏普指数调整的是部分风险，因此当某基金就是投资者的全部投资时，可以用夏普指数15.特雷诺指数和詹森指数对基金绩效的排序的结论总是相同。
16.投资管理过程包括五个步骤，即确定投资目标、制定投资政策、选择投资组合策略、选择资产以及衡量与评价业绩等。
17.个人投资管理组织是指以个人形式或作为家庭的代表的投资管理形式。
18.机构型投资的组织管理是以社会分散资金集合投资为基础的投资组织管理方式。
19.公司型的投资管理组织是依据严格的法律程序设立的独立法人主体，内部有严密组织机构，有自己的章程，有独立的财产，具有自己的权力和承担义务的能力。
20.机构型投资管理组织形式有两种：公司型的投资管理组织和契约型的投资管理组织。
21.信用风险又称违约风险，指债务人由于经济条件恶化等原因无法偿还本息，致使投资者损失的可能性。
经济基础知识 章节练习题库 第14章 税收制度
单项选择题(每题1分)1.在我国现行税制体系中，房产税、车船税、城镇土地使用税属于()。
A.流转税B.所得税C.财产税D.关税答案： C解析：本题考查财产税类的税种。
我国现行税制中的财产税类的税种主要有房产税、车船税、城镇土地使用税等。
2.下列税种中，属于资源税类的是()。
A.城市维护建设税B.增值税C.土地使用税D.房产税答案： C解析：本题考查税收的分类。
资源税类包括资源税、土地使用税等。
3.根据《中华人民共和国个人所得税法》，工资、薪金所得以每月收入额减除费用3500元后的余额为应纳税所得额，这里的3500元是()。
A.起征点B.免征额C.速算扣除数D.豁免额答案： B解析：本题考查税制要素。
个人所得税法规定对工资薪金所得，以每月收入额减除费用3500元后的余额为应纳税所得额，这里的3500元即为免征额。
4.(2015年)下列税种中，属于财产税的是()。
A.增值税B.消费税D.印花税答案： C解析：本题考查税收分类。
我国目前开征的财产税有土地增值税、房产税、车船税、契税等。
5.在我国现行税种中收入规模最大的是()。
A.消费税B.房产税C.增值税D.企业所得税答案： C解析：本题考查增值税。
目前，增值税已成为我国最重要的税种，其收入居各税种之首。
6.下列税种中，直接调节居民收入分配的是()。
A.增值税B.个人所得税C.消费税D.城镇土地使用税答案： B解析：本题考查个人所得税。
个人所得税可以直接调节居民收入分配。
7.(2014年)在税制要素中，反映具体的征税范围、代表征税广度的是()。
A.纳税人B.计税依据C.税目D.纳税环节答案： C解析：本题考查课税对象。
税目是税法规定的课税对象的具体项目，是对课税对象的具体划分，反映具体的征税范围，代表征税的广度。
8.某企业为增值税一般纳税人，2016年5月该企业的产品销售额为7000万元，按照增值税基本税率计算，该企业本月的增值税销项税额为()万元。
医学遗传学课程习题-第十四章《染色体畸变引起的疾病》
医学遗传学课程习题第十四章染色体畸变引起的疾病一、教学大纲要求1．掌握染色体病的特点和分类；2．掌握常见的常染色体病和性染色体病的核型、遗传学机制和表型特征；3．掌握Down综合征的表型特征、遗传学类型和分子机制；4．熟悉微小缺失综合征和常染色体断裂综合征；5．熟悉染色体异常携带者的种类和遗传效应；6．了解Down综合征的诊断、治疗及预防二、习题（一）Ａ型选择题1．最常见的染色体畸变综合征是A．Klinefelter综合征B．Down综合征C．Turner综合征D．猫叫样综合征E．Edward综合征2．猫叫样综合征患者的核型为A．46，XY，r(5)(p14) B．46，XY，t(5；8)(p14；p15)C．46，XY，del(5)(p14) D．46，XY，ins(5)(p14)E．46，XY，dup(5)(p14)3．核型为45，X者可诊断为A．Klinefelter综合征B．Down综合征C．Turner综合征D．猫叫样综合征E．Edward综合征4．Klinefelter综合征患者的典型核型是A．45，X B．47，XXY C．47，XYYD．47，XY（XX），+21 E．47，XY（XX），+145．雄激素不敏感综合征的发生是由于A．常染色体数目畸变B．性染色体病数目畸变C．染色体微小断裂D．常染色体上的基因突变E．性染色体上的基因突变6．Down综合征为_______染色体数目畸变。
A．单体型B．三体型C．单倍体D．三倍体E．多倍体7．夫妇中的一方为一非同源染色体间的相互易位携带者，与正常的配子相结合，则可形成多少种类型的合子A．8 B．12 C．16 D．18 E．208．Edward综合征的核型为A．45，X B．47，XXY C．47，XY（XX），+13 D．47，XY（XX），+21 E．47，XY（XX），+189．46，XX男性病例可能是因为其带含有A．Ras B．SRY C．p53D．Myc E．α珠蛋白基因10．大部分Down综合征都属于A．易位型B．游离型C．微小缺失型D．嵌核型E．倒位型11．下列哪种遗传病可通过染色体检查而确诊A．苯丙酮尿症B．白化病C．血友病D．Klinefelter综合征E．Huntington舞蹈病12．体细胞间期核内X小体数目增多，可能为A．Smith-Lemili-Opitz综合征B．Down综合征C．Turner综合征D．超雌E．Edward综合征13．超氧化物歧化酶（SOD-1）基因定位于A．1号染色体B．18号染色体C．21号染色体D．X染色体E．Y染色体14．D组或C组染色体与21号染色体通过着丝粒融合而形成的易位称为A．单方易位B．复杂易位C．串联易位D．罗伯逊易位E．不平衡易位15．经检查，某患者的核型为46，XY，del(6)p11-ter，说明其为_____患者。
九年级物理全册第14章内能的利用14、2热机的效率习题课件新版新人教版
000 500
NW＝20Leabharlann m/s。探究培优拓展练
(3)货车发动机的效率。 解：牵引力做的功：W＝Fs＝2 500 N×1×105 m＝2.5×108 J， 油燃烧放出的总能量：Q＝mq＝10 kg×5.0×107 J/kg＝ 5.0×108 J， 货车发动机的效率：η＝WQ ×100%＝25.5××11008 8JJ＝50%。
夯实基础逐点练
【点拨】热值是燃料本身的一种特性，由燃料本身决定， 不要误认为热值和燃料燃烧时放出热量的多少、燃烧是否 充分、温度高低有关。 【答案】D
整合方法提升练
11．【2018·柳州】天然气是柳州市民常用的一种能源。 某用户用天然气将50 kg的水从20 ℃加热到60 ℃。已 知水的比热容c水＝4.2×103 J/(kg·℃)，天然气的热值 q＝4.2×107 J/m3。求：
不计热量损失)。
解：天然气完全燃烧放出的热量 Q 放＝Q 吸＝8.4×106 J，
加热这些水所需要天然气的体积 4.82.×41×0170J6/Jm3＝0.2 m3。
V
＝
Q放 q
＝
整合方法提升练
12．【2019·镇江】在“比较质量相等的不同燃料燃烧时 放出的热量”实验中，小林选用碎纸片和酒精为燃料 进行了实验。
J )×3.8
kg
＝
20 ℃，
水的末温：t＝t0＋Δt＝25 ℃＋20 ℃＝45 ℃。
夯实基础逐点练
【点拨】这些燃料油完全燃烧放出的热量：Q＝mq＝ 200 kg×4.0×107 J/kg＝8.0×109 J；燃料油燃烧时发热， 将燃料油的化学能转化为内能。 【答案】8.0×109；内
夯实基础逐点练
5．【2019·海南】2019年6月5日，我国首次用固体燃料运 载火箭把“文昌物联一号”卫星成功送上太空。火箭 发射时要选用热值___大_____(填“大”或“小”)的固 体燃料，燃料的质量减少，热值__不__变____(填“变小” 或“不变”)。
14章宏观经济学课后习题(第五版)答案
11. （1）若投资函数为 i ＝100 －5r (单位：亿美元) ，找出当利
率r为4%、5%、6%、7%时的投资量。 答：80，75，70，65
（2） 若储蓄为S＝－40＋0.25y (单位：亿美元)，找出与上 述投资相均衡的收入水平。 答：均衡条件：i=s，即100–5r = - 40 + 0.25y 解得： y=560–20r r=4时，y=480亿美元；r=5时，y=460亿美元； r=6时，y=440亿美元；r=7时，y=420亿美元.
本题考察产品市场和货币市场非均衡问题。
r
LM
L＜M A
r2
B
r1 L＞M
r IS
r2 r1
B r3
I＞S
I＜S A
C
O
y1
y2
yO
y3 y1
y
m ky hr
6．怎样理解IS-LM模型是凯恩斯主义宏观经济学的核心？
解：凯恩斯理论的核心是有效需求原理，认为国民收入决定于有效需求， 而有效需求原理的支柱又是边际消费倾向递减、资本边际效率递减以及 心理上的流动偏好这三个心理规律的作用．这三个心理规律涉及四个变 量；边际消费倾向、资本边际效率，货币需求和货币供给。凯恩斯通过 利率把货币经济和实物经济联系起来，打破了新古典学派把实物经济和 货币经济分开的两分法，认为货币不是中性的，货币市场上的均衡利率 要影响投资和收入，而产品市场上的均衡收入又会影响货币需求和利率， 这就是产品市场和货币市场的相互联系和作用。但凯恩斯本人并没有用 一种模型把上述四个变量联系在一起．汉森、希克斯这两位经济学家则 用IS-LM模型把这四个变量放在一起，构成一个产品市场和货币市场之 间相互作用如何共同决定国民收入与利率的理论框架，从而使凯恩斯的 有效需求理论得到了较为完善的表述。不仅如此，凯恩斯主义的经济政 策即财政政策和货币政策的分析，也是围绕IS--LM模型而展开的．因此 可以说，IS-LM模型是凯恩斯主义宏观经济学的核心。
第13、14章课后习题答案
第十三章思考题1.何谓发盘？构成发盘需具备哪些条件？《联合国国际货物销售合同公约》关于发盘的撤销问题是怎样规定的？答:发盘又称发价或者报价，在法律上成为要约。
构成发盘的三个基本要素：（1）标明货物的名称；（2）明示或默示地规定货物的数量或规定数量的方法；（3）明示或默示地规定货物的价格或规定确定价格的方法。
《公约》第16条规定，在发盘已送达受盘人，即发盘已经生效，但受盘人尚未表示接受之前这一段时间内，只要发盘人及时将撤销通知送达受盘人，仍可将其发盘撤销。
如一旦受盘人发出接受通知，则发盘人无权撤销该发盘。
此外，《公约》还规定，并不是所有的发盘都可以撤销，下列两种情况下的发盘，一旦生效，则不得撤销：（1）在发盘中规定了有效期，或以其他方式表示该发盘是不可能撤销的；（2）受盘人有理由信赖该发盘是不可撤销的，并本着对该发盘的信赖采取了行动。
2.何谓接受？构成接受需具备哪些条件？《联合国国际货物销售合同公约》关于逾期接受以及接受的撤回与修改问题是怎样规定的？答：接受在法律上成为承诺，它是指受盘人在发盘规定的时限内，以声明或行为表示同意发盘提出的各项条件。
构成接受的条件有：（1）接受必须由受盘人做出（2）接受必须是同意发盘所提出的交易条件（3）接受必须在发盘规定的实效内作出。
（4）接受通知的传递方式应符合发盘的要求。
在接受的撤回或修改问题上，《公约》采取了大陆法“送达生效”的原则。
《公约》第22条规定：“如果撤回通知于接受原发盘应生效之前或同时送达发盘人，接受得予撤回。
”由于接受在送达发盘人时才产生法律效力，故撤回或修改接受的通知，只要先于原接受通知或与原发盘接受通知同事送达发盘人，则接受可以撤回或修改。
如接受已送达发盘人，即接受一旦生效，合同即告成立，就不得撤回接受或修改其内容，以为这样做无异于撤销或修改合同。
3．《联合国国际货物销售合同公约》关于合同成立的时间是如何规定的？在实际业务中，有关合同成立的时间是怎样确定的?答：根据《公约》规定，合同成立的时间为接受生效的时间，而接受生效的时间，又以接受通知到达发盘人或按交易习惯及发盘要求作出接受的行为为准。
2022-2023学年人教版八年级数学上册《第14章整式乘法与因式分解》解答专项练习题(附答案)
2022-2023学年人教版八年级数学上册《第14章整式乘法与因式分解》解答专项练习题（附答案）1．因式分解：（1）（x+3y）2﹣x﹣3y；（2）（a2+4）2﹣16a2．2．因式分解：（1）ax2﹣4ax+4a；（2）x2（m﹣n）+y2（n﹣m）；（3）（x+2）（x+4）﹣3；（4）9（a+b）2﹣（a﹣b）2．3．计算：（1）（x2y）3•（﹣2xy3）2；（2）（x n y3n）2+（x2y6）n；（3）（x2y3）4+（﹣x）8•（y6）2；（4）a•a2•a3+（﹣2a3）2﹣（﹣a）6．4．计算：a•a2•a3+（﹣2a3）2﹣（2a4）2÷a2．5．规定a*b＝3a×3b，求：（1）求1*2；（2）若2*（x+1）＝81，求x的值．6．（1）已知：4m＝5，8n＝3，计算22m+3n的值．（2）已知：3x+5y＝8，求8x•32y的值．7．回答下列问题：（1）计算：①（x+2）（x+3）；②（x+8）（x﹣10）；③（x﹣7）（x﹣9）．（2）由（1）的结果，直接写出下列计算的结果：①（x+1）（x+4）＝；②（x﹣6）（x﹣3）＝；③（x+10）（x﹣15）＝；（3）总结公式：（x+a）（x+b）＝．（4）已知a，b，n均为整数，且（x+a）（x+b）＝x2+nx+8，求n的所有可能值．8．【初试锋芒】若x+y＝8，x2+y2＝40，求xy的值；【再展风采】已知4a2+b2＝57，ab＝6，求2a+b的值；【尽显才华】若（20﹣x）（x﹣30）＝10，则（20﹣x）2+（x﹣30）2的值是．9．定义：如果2m＝n（m，n为正数），那么我们把m叫做n的D数，记作m＝D（n）．（1）根据D数的定义，填空：D（2）＝，D（16）＝．（2）D数有如下运算性质：D（s•t）＝D（s）+D（t），D（）＝D（q）﹣D（p），其中q＞p．根据运算性质，计算：①若D（a）＝1，求D（a3）；②若已知D（3）＝2a﹣b，D（5）＝a+c，试求D（30），的值（用含a、b、c的代数式表示）．10．用乘法公式计算：（1）20212﹣2023×2019；（2）（2x+y+z）（2x﹣y﹣z）．11．已知x+y＝﹣5，xy＝﹣3．（1）求x2+y2的值；（2）求（x﹣y）2的值．12．已知ab＝1，因为（a+b）2＝a2+2ab+b2＝a2+b2+2①（a﹣b）2＝a2﹣2ab+b2＝a2+b2﹣2②所以由①得a2+b2＝（a+b）2﹣2．由②得a2+b2＝（a﹣b）2+2．试根据上面公式的变形解答下列问题：（1）已知a﹣b＝2，ab＝1，则下列等式成立的是．①a2+b2＝6；②a4+b4＝38；③（a+b）2＝8．（2）已知a+b＝2，ab＝1．①求代数式a2+b2的值；②求代数式a4+b4的值；③猜想代数式a2n+b2n（n为正整数）的值，直接写出答案，不必说明理由．13．阅读材料：若x满足（9﹣x）（x﹣4）＝4，求（4﹣x）2+（x﹣9）2的值．设9﹣x＝a，x﹣4＝b，则（9﹣x）（x﹣4）＝ab＝4，a+b＝（9﹣x）+（x﹣4）＝5，∴（4﹣x）2+（x﹣9）2＝（9﹣x）2+（x﹣4）2＝a2+b2＝（a+b）2﹣2ab＝52﹣2×4＝17．请仿照上面的方法求解下面问题：已知m满足（2m﹣5）2+（4﹣2m）2＝5．（1）求（5﹣2m）（4﹣2m）的值；（2）求4m﹣9的值．14．如图，在一个边长为2a+b的大正方形纸片中，剪去一个长为2a+b、宽为a﹣b的长方形和一个边长为a﹣b的小正方形．（1）用含a、b的式子表示阴影部分的面积；（结果化为最简）（2）当a＝5，b＝2时，求阴影部分的面积．15．乘法公式的探究及应用：数学活动课上，老师准备了若干个如图1的三种纸片，A种纸片是边长为a的正方形，B 种纸片是边长为b的正方形，C种纸片是长为b、宽为a的长方形．并用A种纸片一张，B种纸片一张，C种纸片两张拼成如图2的大正方形．（1）请用两种不同的方法表示图2大正方形的面积．方法1：；方法2：；（2）观察图2，请你写出下列三个代数式：（a+b）2，a2+b2，ab之间的数量关系：；（3）根据（2）题中的等量关系，解决如下问题：①已知：a+b＝5，a2+b2＝21，求ab的值；②已知（2022﹣a）2+（a﹣2020）2＝10，求（2022﹣a）（a﹣2020）的值．16．计算：|（2x+y）（2x﹣y）﹣5x（x+2y）+（x+2y）2|÷（﹣3y）．17．【观察发现】从边长为a的正方形中剪掉一个边长为b的正方形（如图①），然后将剩余部分剪开并拼成一个长方形（如图②）．【归纳结论】（1）上述操作，能验证的等式是；（直接写结果）【问题解决】（2）利用（1）中的结论，计算：．18．阅读下列解答过程：已知二次三项式x2﹣4x+m有一个因式是x+3，求另一个因式及m的值．解：设另一个因式为x+a则x2﹣4x+m＝（x+3）（x+a）＝x2+ax+3x+3a＝x2+（a+3）x+3a，∴，∴，∴另一个因式为x﹣7，m的值为﹣21．请依照以上方法解答下面问题：已知二次三项式x2+5x+k有一个因式是x﹣2，求另一个因式及k的值．19．小红准备完成题目：计算（x2x+2）（x2﹣x）．她发现第一个因式的一次项系数被墨水遮挡住了．（1）她把被遮住的一次项系数猜成3，请你完成计算：（x2+3x+2）（x2﹣x）；（2）老师说：“你猜错了，这个题目的正确答案是不含三次项的．”请通过计算说明原题中被遮住的一次项系数是多少？20．阅读理解：若x满足（30﹣x）（x﹣10）＝160，求（30﹣x）2+（x﹣10）2的值．解：设30﹣x＝a，x﹣10＝b，则（30﹣x）（x﹣10）＝ab＝160，a+b＝（30﹣x）+（x﹣10）＝20，（30﹣x）2+（x﹣10）2＝a2+b2＝（a+b）2﹣2ab＝202﹣2×160＝80解决问题：（1）若x满足（2020﹣x）（x﹣2016）＝2，则（2020﹣x）2+（x﹣2016）2＝；（2）若x满足（x﹣2022）2+（x﹣2018）2＝202，求（x﹣2022）（x﹣2018）的值；（3）如图，在长方形ABCD中，AB＝16，BC＝12，点E．F是BC、CD上的点，且BE ＝DF＝x，分别以FC、CE为边在长方形ABCD外侧作正方形CFGH和CEMN，若长方形CEPF的面积为100平方单位，则图中阴影部分的面积和为平方单位．21．下面是某同学对多项式（x2﹣2x﹣1）（x2﹣2x+3）+4进行因式分解的过程，解：设x2﹣2x＝y原式＝（y﹣1）（y+3）+4（第一步）＝y2+2y+1（第二步）＝（y+1）2（第三步）＝（x2﹣2x+1）2（第四步）回答下列问题：（1）该同学第二步到第三步运用了．A．提取公因式B．平方差公式C．两数和的完全平方公式D．两数差的完全平方公式（2）该同学因式分解的结果是否彻底？（填“彻底”或者“不彻底”）若不彻底．请直接写出因式分解的最后结果．（3）请你模仿以上方法尝试对多项式（x2﹣4x）（x2﹣4x+8）+16进行因式分解．22．常用的分解因式的方法有提取公因式法、公式法及十字相乘法，但有更多的多项式只用上述方法就无法分解，如x2﹣4y2﹣2x+4y，我们细心观察这个式子就会发现，前两项符合平方差公式，后两项可提取公因式，前后两部分分别分解因式后会产生公因式，然后提取公因式就可以完成整个式子的分解因式了．过程为：x2﹣4y2﹣2x+4y＝（x+2y）（x﹣2y）﹣2（x﹣2y）＝（x﹣2y）（x+2y﹣2）．这种分解因式的方法叫分组分解法．利用这种方法解决下列问题：（1）分解因式x2﹣2xy+y2﹣16；（2）△ABC三边a，b，c满足a2﹣ab﹣ac+bc＝0，判断△ABC的形状．参考答案1．解：（1）原式＝（x+3y）2﹣（x+3y）＝（x+3y）（x+3y﹣1）；（2）原式＝（a2+4）2﹣（4a）2＝（a2+4+4a）（a2+4﹣4a）＝（a+2）2（a﹣2）2．2．解：（1）原式＝a（x2﹣4x+4）＝a（x﹣2）2；（2）原式＝x2（m﹣n）﹣y2（m﹣n）＝（m﹣n）（x2﹣y2）＝（m﹣n）（x+y）（x﹣y）；（3）原式＝x2+6x+8﹣3＝x2+6x+5＝（x+1）（x+5）；（4）原式＝[3（a+b）+（a﹣b）][3（a+b）﹣（a﹣b]＝（4a+2b）（2a+4b）＝4（2a+b）（a+2b）．3．解：（1）原式＝x6y3•4x2y6＝4x8y9；（2）原式＝x2n y6n+x2n y6n＝2x2n y6n；（3）原式＝x8y12+x8y12＝2x8y12；（4）原式＝a6+4a6﹣a6＝4a6．4．解：a•a2•a3+（﹣2a3）2﹣（2a4）2÷a2＝a6+4a6﹣4a8÷a2＝a6+4a6﹣4a6＝a6．5．解：（1）∵a*b＝3a×3b，∴1*2＝31×32＝3×9＝27；（2）∵2*（x+1）＝81，∴32×3x+1＝34，则2+x+1＝4，解得：x＝1．6．解：（1）∵4m＝22m＝5，8n＝23n＝3，∴22m+3n＝22m•23n＝5×3＝15；（2）∵3x+5y＝8，∴8x•32y＝23x•25y＝23x+5y＝28＝256．7．解：（1）①（x+2）（x+3）＝x2+2x+3x+6＝x2+5x+6，②原式＝x2﹣10x+8x﹣80＝x2﹣2x﹣80．③原式＝x2﹣9x﹣7x+63．（2）①原式＝x2+4x+x+4＝x2+5x+4．②原式＝x2﹣3x﹣6x+18＝x2﹣9x+18．③原式＝x2﹣15x+10x﹣150＝x2﹣5x﹣150．故答案为：①x2+5x+4．②x2﹣9x+18．③x2﹣5x﹣150．（3）由（2）得：（x+a）（x+b）＝x2+（a+b）x+ab，故答案为：x2+（a+b）x+ab，（4）∵（x+a）（x+b）＝x2+nx+8，∴n＝a+b，8＝ab．∵8＝1×8＝（﹣1）×（﹣8）＝2×4＝（﹣2）×（﹣4）．∴n＝1+8＝9或n＝﹣1+（﹣8）＝﹣9或n＝2＝4＝6或n＝﹣2+（﹣4）＝﹣6．∴n＝±6或n＝±9．8．解：（1）x+y＝8，x2+y2＝40，xy＝[（x+y）2﹣x2﹣y2]×＝（82﹣40）×＝12；（2）4a2+b2＝57，ab＝6，（2a+b）2＝4a2+b2+4ab＝81，∴2a+b＝±9；（3）设a＝20﹣x，b＝x﹣30，则（20﹣x）（x﹣30）＝ab＝10，a+b＝（20﹣x）+（x﹣30）＝﹣10，所以（20﹣x）2+（x﹣30）2＝a2+b2＝（a+b）2﹣2ab＝（﹣10）2﹣2×10＝80．9．解：（1）∵21＝2，∴D（2）＝1，∵24＝16，∴D（16）＝4，故答案为：1，4；（2）①∵D（a）＝1，∴D（a3）＝D（a•a•a）＝D（a）+D（a）+D（a）＝3；②∵D（2）＝1，D（3）＝2a﹣b，D（5）＝a+c，∴D（30）＝D（2×3×5）＝D（2）+D（3）+D（5）＝1+2a﹣b+a+c＝3a﹣b+c+1，∴＝D（25）﹣D（12）＝2D（5）﹣2D（2）﹣D（3）＝2（a+c）﹣2×1﹣（2a﹣b）＝b+2c﹣2．10．解：（1）20212﹣2023×2019＝20212﹣（2021+2）×（2021﹣2）＝20212﹣20212+4＝4；（2）（2x+y+z）（2x﹣y﹣z）＝[2x+（y+z）][2x﹣（y+z）]＝4x2﹣（y+z）2＝4x2﹣y2﹣2yz+z2．11．解：（1）∵x+y＝﹣5，xy＝﹣3，∴x2+y2＝（x+y）2﹣2xy＝（﹣5）2﹣2×（﹣3）＝25+6＝31；（2）∵xy＝﹣3，x2+y2＝31，∴（x﹣y）2＝x2+y2﹣2xy＝31﹣2×（﹣3）＝37．12．解：（1）①a2+b2＝（a﹣b）2+2ab＝22+2×1＝6，故该选项正确；②a4+b4＝（a2+b2）2﹣2a2b2＝62﹣2（ab）2＝36﹣2×12＝34，故该选项错误；③（a+b）2＝（a﹣b）2+4ab＝22+4×1＝8，故该选项正确．故答案为：①③；（2）①a2+b2＝（a+b）2﹣2ab＝22﹣2×1＝2；②a4+b4＝（a2+b2）2﹣2a2b2＝22﹣2（ab）2＝22﹣2×12＝2；③∵①②的答案都是2，∴猜想：a2n+b2n＝2．13．解：设2m﹣5＝x，4﹣2m＝y，∴（5﹣2m）（4﹣2m）＝﹣xy，4m﹣9＝2m﹣5﹣（4﹣2m）＝x﹣y，2m﹣5+4﹣2m＝x+y＝﹣1，（1）∵（2m﹣5）2+（4﹣2m）2＝5．∴x2+y2＝5，∴（x+y）2＝x2+2xy+y2，∴1＝5+2xy，∴xy＝﹣2，∴（5﹣2m）（4﹣2m）＝﹣xy＝2．（2）∵（x﹣y）2＝x2+y2﹣2xy，∴（x﹣y）2＝5+4＝9，∴x﹣y＝±3．14．解：（1）阴影部分的面积为：（2a+b）2﹣（2a+b）（a﹣b）﹣（a﹣b）2＝4a2+4ab+b2﹣（2a2﹣2ab+ab﹣b2）﹣（a2﹣2ab+b2）＝4a2+4ab+b2﹣2a2+2ab﹣ab+b2﹣a2+2ab﹣b2＝a2+7ab+b2；（2）当a＝5，b＝2时，原式＝25+7×5×2+4＝99，即阴影部分的面积为99．15．解：（1）方法1：大正方形的边长为（a+b），∴S＝（a+b）2；方法2：大正方形＝各个部分相加之和，∴S＝a2+2ab+b2．故答案为：（a+b）2，a2+2ab+b2．（2）由图2可得总面积减掉两个小矩形面积等于两个正方形面积之和，即（a+b）2﹣2ab＝a2+b2．故答案为：（a+b）2＝a2+b2+2ab．（3）①∵a+b＝5，∴（a+b）2＝25，a2+b2＝21，∴2ab＝（a+b）2﹣（a2+b2）＝25﹣21＝4，∴ab＝2．②设m＝2022﹣a，n＝a﹣2020，则m+n＝2，m2+n2＝（2022﹣a）2+（a﹣2020）2＝10，由（m+n）2＝m2+n2+2mn得，4＝10+2mn，∴mn＝﹣3，（2022﹣a）（a﹣2020）＝mn＝﹣3，即（2022﹣a）（a﹣2020）的值为﹣3．16．解：原式＝|4x2﹣y2﹣5x2﹣10xy+x2+4xy+4y2|÷（﹣3y）＝|3y2﹣6xy|÷（﹣3y）当3y2﹣6xy＞0时，原式＝（3y2﹣6xy）÷（﹣3y）＝﹣y+2x；当3y2﹣6xy＜0时，原式＝（﹣3y2+6xy）÷（﹣3y）＝y﹣2x．17．解：（1）图①阴影部分的面积可以看作两个正方形的面积差，即a2﹣b2，图②是长为a+b，宽为a﹣b的长方形，因此面积为（a+b）（a﹣b），所以有（a+b）（a﹣b）＝a2﹣b2，故答案为：（a+b）（a﹣b）＝a2﹣b2；（2）原式＝（1﹣）（1+）（1﹣）（1+）（1﹣）（1+）…（1﹣）（1+）（1﹣）（1+）＝××××××…××××＝×＝．18．解：设另一个因式为（x+m），由题意，得：x2+5x+k＝（x﹣2）（x+m），则x2+5x+k＝x2+（m﹣2）x﹣2m，∴，解得，∴另一个因式为x﹣7，k的值为﹣14．19．解：（1）（x2+3x+2）（x2﹣x）＝x4﹣x3+3x3﹣3x2+2x2﹣2x＝x4+2x3﹣x2﹣2x；（2）（x2+□x+2）（x2﹣x）＝x4﹣x3+□x3﹣□x2+2x2﹣2x，∵这个题目的正确答案是不含三次项，∴﹣1+□＝0，∴□＝1，∴原题中被遮住的一次项系数是1．20．解：（1）设2020﹣x＝a，x﹣2016＝b，则（2020﹣x）（x﹣2016）＝ab＝2，a+b＝（2020﹣x）+（x﹣2016）＝4，（2020﹣x）2+（x﹣2016）2＝a2+b2＝（a+b）2﹣2ab＝42﹣2×2＝12；故答案为：12；（2）设x﹣2022＝a，x﹣2018＝b，则（x﹣2022）2+（x﹣2018）2＝a2+b2＝202，a﹣b＝（x﹣2022）﹣（x﹣2018）＝﹣4，（x﹣2022）（x﹣2018）＝ab＝﹣[（a﹣b）2﹣（a2+b2）]＝[（﹣4）2﹣202]＝93；（3）根据题意可得，CF＝CD﹣DF＝16﹣x，CE＝BC﹣BE＝12﹣x，（16﹣x）（12﹣x）＝100，设16﹣x＝a，12﹣x＝b，则（16﹣x）（12﹣x）＝ab＝100，a﹣b＝（16﹣x）﹣（12﹣x）＝4，S阴＝（16﹣x）2+（12﹣x）2＝a2+b2＝（a﹣b）2+2ab＝42+2×100＝216．图中阴影部分的面积和为216平方单位．故答案为：216．21．解：（1）运用了两数和的完全平方公式，故选：C；（2）原式＝[（x﹣1）2]2＝（x﹣1）4，故答案为：不彻底，（x﹣1）4；（3）设x2﹣4x＝y，原式＝y（y+8）+16＝y2+8y+16＝（y+4）2＝（x2﹣4x+4）2＝（x﹣2）4，即（x2﹣4x）（x2﹣4x+8）+16＝（x﹣2）4．22．解：（1）x2﹣2xy+y2﹣16＝（x﹣y）2﹣42＝（x﹣y+4）（x﹣y﹣4）；（2）∵a2﹣ab﹣ac+bc＝0∴a（a﹣b）﹣c（a﹣b）＝0，∴（a﹣b）（a﹣c）＝0，∴a＝b或a＝c，∴△ABC的形状是等腰三角形．。
工学第14章习题课 线性动态电路的复频域分析
但uL1(t)+uL2(t)无冲激，
回路满足KVL。
所以，当分析iL(t)或uC(t)
可见拉氏变换已自动
有跃变情况的问题时，
把冲激函数计入在内。
运算法不易出错。
14
iL1(0-)=5A i(t)=(2+1.75e-12.5t )A
uL1(t)=[-6.56e-12.5t-0.375(t)]V uL2(t)=[-2.19e-12.5t+0.375(t)]V
=1+ 2
2e-t 2
cos(t+135)
10
P361 例14-11 稳态时闭合S。求 t≥0时的 uL(t)。
S
R1 5W R2 5W
5
①5
+ (t=0) us1
- 2e–2t V
+ iL(t) +
uL -
L us2 1H -
5V
解：iL(0-)
=
us2 R2
=1A
+ 2
-s+2
+ UL (s)
p1= -1+ j ， p2= -1-j
a = -1， w = 1
K1=
N(s) D'(s)
s = -1+ j = - 0.25+ j0.25 = 0.25
2
e
j
3p 4
即 |K1| = 0.25 2 q1 = 135
代入：f(t) = 2|K1| ea t cos(wt+q1) 得
得原函数：
ℒ-1[I1(s)]
0.1 s
+
0.5 s+2
+
-0.6 s+5
湖南大学物理(2)第14,15章课后习题参考答案
第14章 稳恒电流的磁场 一、选择题1(B)，2(D)，3(D)，4(B)，5(B)，6(D)，7(B)，8(C)，9(D)，10(A) 二、填空题(1). 最大磁力矩，磁矩 ; (2). πR 2c ； (3). )4/(0a I μ； (4).RIπ40μ ；(5). μ0i ，沿轴线方向朝右. ； (6). )2/(210R rI πμ， 0 ; (7). 4 ; (8). )/(lB mg ； (9). aIB ; (10). 正，负.三 计算题1．一无限长圆柱形铜导体(磁导率μ0)，半径为R ，通有均匀分布的电流I ．今取一矩形平面S (长为1 m ，宽为2 R )，位置如右图中画斜线部分所示，求通过该矩形平面的磁通量．解：在圆柱体内部与导体中心轴线相距为r 处的磁感强度的大小，由安培环路定 律可得：)(220R r r RIB ≤π=μ因而，穿过导体内画斜线部分平面的磁通Φ1为⎰⎰⋅==S B S B d d 1 Φr r R I Rd 2020⎰π=μπ=40Iμ 在圆形导体外，与导体中心轴线相距r 处的磁感强度大小为 )(20R r rIB >π=μ因而，穿过导体外画斜线部分平面的磁通Φ2为⎰⋅=S B d 2Φr r I R Rd 220⎰π=μ2ln 20π=Iμ穿过整个矩形平面的磁通量 21ΦΦΦ+=π=40I μ2ln 20π+Iμ1 m2. 横截面为矩形的环形螺线管，圆环内外半径分别为R 1和R 2，芯子材料的磁导率为μ，导线总匝数为N ，绕得很密，若线圈通电流I ，求．(1) 芯子中的B 值和芯子截面的磁通量． (2) 在r< R 1和r > R 2处的B 值．解：(1) 在环内作半径为r 的圆形回路, 由安培环路定理得NI r B μ=π⋅2， )2/(r NI B π=μ 在r 处取微小截面d S = b d r , 通过此小截面的磁通量r b rNIS B d 2d d π==μΦ穿过截面的磁通量⎰=SS B dΦr b rNId 2π=μ12ln2R R NIbπ=μ (2) 同样在环外( r < R 1 和r > R 2 )作圆形回路, 由于0=∑iI02=π⋅r B ∴ B = 03. 一根很长的圆柱形铜导线均匀载有10 A 电流，在导线内部作一平面S ，S 的一个边是导线的中心轴线，另一边是S 平面与导线表面的交线，如图所示．试计算通过沿导线长度方向长为1m 的一段S 平面的磁通量．(真空的磁导率μ0 =4π×10-7 T ·m/A ，铜的相对磁导率μr ≈1)解：在距离导线中心轴线为x 与x x d +处，作一个单位长窄条， 其面积为 x S d 1d ⋅=．窄条处的磁感强度 202RIxB r π=μμ所以通过d S 的磁通量为 x RIxS B r d 2d d 20π==μμΦ通过１m 长的一段S 平面的磁通量为⎰π=Rr x RIx20d 2μμΦ60104-=π=Ir μμ Wb4. 计算如图所示的平面载流线圈在P 点产生的磁感强度，设线圈中的电流强度为I ．解：如图，CD 、AF 在P 点产生的 B = 0x2EF D E BC AB B B B B B+++= )sin (sin 4120ββμ-π=aIB AB ， 方向⊗其中 2/1)2/(sin 2==a a β，0sin 1=β∴ a I B AB π=240μ， 同理, a IB BC π=240μ，方向⊗．同样)28/(0a I B B EF D E π==μ，方向⊙．∴ aI B π=2420μaIπ-240μaIπ=820μ 方向⊗．5. 如图所示线框，铜线横截面积S = 2.0 mm 2，其中OA 和DO ＇两段保持水平不动，ABCD 段是边长为a 的正方形的三边，它可绕OO ＇轴无摩擦转动．整个导线放在匀强磁场B 中，B 的方向竖直向上．已知铜的密度ρ = 8.9×103 kg/m 3，当铜线中的电流I =10 A 时，导线处于平衡状态，AB 段和CD 段与竖直方向的夹角α =15°．求磁感强度B的大小．解：在平衡的情况下，必须满足线框的重力矩与线框所受的磁力矩平衡(对OO ＇轴而言)．重力矩 αραρsin sin 2121gSa a a gS a M +⋅= αρsin 22g Sa =磁力矩 ααcos )21sin(222B Ia BIa M =-π=平衡时 21M M =所以 αρsin 22g Sa αcos 2B Ia = 31035.9/tg 2-⨯≈=I g S B αρ T6. 如图两共轴线圈，半径分别为R 1、R 2，电流为I 1、I 2．电流的方向相反，求轴线上相距中点O 为x 处的P 点的磁感强度． 解：取x 轴向右，那么有 2/322112101])([2x b R I R B ++=μ 沿x 轴正方向 2/322222202])([2x b R I R B -+=μ 沿x 轴负方向21B B B -=[2μ=2/32211210])([x b R I R ++μ]])([2/32222220x b R I R -+-μ若B > 0，则B 方向为沿x 轴正方向．若B < 0，则B的方向为沿x 轴负方向．P7. 如图所示．一块半导体样品的体积为a ×b ×c ．沿c 方向有电流I ，沿厚度a 边方向加有均匀外磁场B (B 的方向和样品中电流密度方向垂直)．实验得出的数据为 a ＝0.10 cm 、b ＝0.35 cm 、c ＝1.0 cm 、I ＝1.0 mA 、B ＝3.0×10-1 T ，沿b 边两侧的电势差U ＝6.65 mV ，上表面电势高．(1) 问这半导体是p 型(正电荷导电)还是n 型(负电荷导电)？(2) 求载流子浓度n 0 (即单位体积内参加导电的带电粒子数)．解：(1) 根椐洛伦兹力公式：若为正电荷导电，则正电荷堆积在上表面，霍耳电场的方向由上指向下，故上表面电势高，可知是p 型半导体。
2022秋沪科八年级数学上册 点拨 第14章 习题课件
1. 基本事实 两边及其夹角分别相等的两个三角形全等 (可以简写成“边角边”或“SAS”).
要点提醒 1. 相等的元素：两边及这两边的夹角. 2. 书写顺序：边→角→边.
感悟新知
2. 书写格式 如图14.2－1，
在△ ABC 和△ A′B′C′中 ， AB=A′B′， ∠ B=∠ B′， BC=B′C′，
感悟新知
知识点 3 全等三角形的性质
知3－讲
1. 性质 全等三角形的对应边相等，对应角相等. 几何语言：∵△ ABC ≌△ DEF，
∴ AB=DE，BC=EF，AC=DF， ∠ A= ∠ D，∠ B= ∠ E，∠ C= ∠ F.
2. 拓展 全等三角形的对应元素相等. 全等三角形中的对应元素包括对应边、对应角、对应边上的
感悟新知
证明：∵∠ AOC= ∠ BOD， ∴∠ AOC－ ∠ AOD= ∠ BOD－ ∠ AOD， 即∠ COD= ∠ AOB， 在△ AOB 和△ COD 中， OA=OC， ∠ AOB=∠ COD， OB=OD， ∴△ AOB ≌△ COD.(SAS)
知1－练
课堂小结
基本事实“边角边”或 “SAS”
∴△ ABC ≌△ A′B′C′.(SAS)
知1－讲
感悟新知
特别解读
知1－讲
两边和其中一边的对角分别相等的两个三角形不
一定全等.
感悟新知
知1－练
例 1 [中考·宜宾] 如图14.2－2， 已知OA ＝ OC，OB ＝ OD，∠ AOC ＝∠ BOD．求证：△ AOB ≌△ COD．
解题秘方：根据条件找出两个三角形中的两条边及其 夹角对应相等，根据“SAS”判定两个三角形 全等.
感悟新知
知1－练
第14课的课后习题答案
第14课的课后习题答案第14课的课后习题答案在学习过程中，课后习题是一种重要的巩固知识的方式。
通过解答习题，我们可以更好地理解和应用所学的知识。
本文将为大家提供第14课的课后习题答案，帮助大家更好地掌握所学内容。
第一题：请解释什么是氧化还原反应，并举例说明。
氧化还原反应是化学反应中最为常见的一种类型。
在这类反应中，原子、离子或分子中的电子转移给另一个物质，从而导致物质的氧化和还原。
氧化是指物质失去电子，而还原是指物质获得电子。
举个例子来说明氧化还原反应。
当我们将铁钉放在潮湿的环境中，铁钉会逐渐生锈。
这个过程中，铁钉上的铁原子失去了电子，被氧气中的氧原子氧化成了铁离子。
而氧气则被还原成了水。
这个过程中，铁钉的氧化和氧气的还原是相互联系的。
第二题：请解释一下酸和碱的概念，并举例说明。
酸和碱是化学中常见的两种物质性质。
酸是指能够释放出氢离子（H+）的物质，而碱是指能够释放出氢氧根离子（OH-）的物质。
举个例子来说明酸和碱。
我们常见的柠檬汁就是一种酸性物质，因为柠檬中含有柠檬酸，它能够释放出氢离子。
而肥皂水则是一种碱性物质，因为肥皂中的碱性物质能够释放出氢氧根离子。
第三题：请解释一下酸碱中和反应，并举例说明。
酸碱中和反应是指酸和碱反应生成盐和水的反应。
在这个反应中，酸和碱的氢离子和氢氧根离子结合形成水，同时生成盐。
举个例子来说明酸碱中和反应。
当我们将盐酸和氢氧化钠混合在一起时，盐酸中的氢离子和氢氧化钠中的氢氧根离子结合形成水，并生成氯化钠盐。
这个反应中，酸和碱发生了中和反应。
第四题：请解释一下离子的概念，并举例说明。
离子是带电的原子或分子。
当原子或分子失去或获得电子时，就会形成带正电荷的阳离子或带负电荷的阴离子。
举个例子来说明离子。
当氯原子接受一个电子时，它就会成为带负电荷的氯离子（Cl-）。
而钠原子失去一个电子时，它就会成为带正电荷的钠离子（Na+）。
这个过程中，氯原子发生了还原，钠原子发生了氧化。
通过解答以上习题，我们可以更好地理解和应用第14课所学的知识。
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例1：两根导线沿半径方向被引到铁环上，A,C 两点，电流方向如图所示。求环中心O处的磁 感应强度是多少？ I
1
O
A
I
C
2
9
解：两根长直电流在圆心处的磁场均为0，I1在圆 心处的磁场为： B = μ0 I 1 l1 = μ0 I 1 l1
1
2r 2πr
4πr 2
方向垂直纸面向外。 I2在圆心处的磁场为
（2）利用典型场的叠加 （3）利用安培环路定理（要求电流有特殊对称性）
L
B dl o
I
i
i
适用条件：
符号规定：
叠加原理贯穿于以上三种方法。
5
电流分布 直 电 流 圆 电 流
0 I B (cos 1 cos 2 ) 一段导线 4 a 0 I B 无限长 2a 导线所在直线上 B 0
L
4、铁磁质的特性： r;磁化饱和;剩磁;磁滞;居里点 μ
7
5、磁滞回线：
BS
0
BS ——饱和磁感应强度 Br ——剩余磁感应强度 Hc——矫顽力
磁滞损耗∝回线包围的面积
6、铁磁质的分类： 类别
软磁材料 硬磁材料
特点
用途
铁芯 永久磁铁
8Байду номын сангаас
Hc小，回线“瘦”； 易磁化； “铁损”小 Hc大，回线“胖”; 难退磁
(1) 两导线所在平面内与该两导线等距离的一 点处的磁感应强度； (2) 通过图中斜线所示面积的磁通量。 （r1=r3=10cm, l=25cm） d
I1
r1 r2
l
r3
I2
11
解 : (1)在两导线所在平面内与两导线等距离处 的磁场为
－ 0 I 2 4 10 7 20 － 5 B0 2 4.0 10 T 2d 2 0.4
1
磁力概要 1、磁感应强度 B ：
（1）定义: 利用洛仑兹力或磁力矩(或安培力) B （2） 线特点：闭合，与I套连，符合右螺关系。 2、磁通量及磁场的Gauss定理： m d m B dS B dS 0
S
S
S
3、洛仑兹力与安培力： Fm qv B dF Idl B 4、均匀磁场中一段载流导线： （1）直导线： F Il B
I nS q v
2 （2）曲导线： 与起、止点一样的直导线受力相同
5、均匀磁场中载流线圈(所受合力为0)： （1）试验线圈： 线度小、电流小 （2）磁矩： m N ISn ˆ ˆ （3）磁力矩：M m B NIS ( n B ) 6、带电粒子在电场或磁场中的运动： qE qv B F v0 均匀 E 均匀 B ∥ 匀变直运动 匀直运动 匀速圆 R mv 0 T 2m ⊥ 类平抛运动 周运动 qB qB 等螺距螺旋运动 v0 螺距 类斜抛运动 螺旋半径 回旋周期
μ0 I 2 l 2 μ0 I 2 l 2 B2 = = 2 r 2 πr 4 πr 2
I
1
O
A
方向垂直纸面向里。由于l1和l2的电阻 与其长度成正比，
I1 R2 l2 = = I2 R1 l1
I
C
2
I1l1 I 2 l 2。 B1与B2大小相等，方向相反 圆心处的合磁场为零。
10
例2：两平行直导线相距d=40cm,每根导线载有 电流I1=I2=20A,求：
(2)所求磁通量为
r1 r2 I 0 Il r1 r2 0 2∫ d s 2∫ B ldr ln r1 2r r1 d 4π ×10－7 ×20×0.25 0.10 + 0.20 = ln π 0.10 I2 I1 l = 2.2 ×10－6 Wb
r1 r2
θ
mv R qB
2R T v
h v // T
3
7、Hall效应：
对Hall效应来说，负电荷的运动与等量 正电荷的反向运动并不等效！
4
磁场概要
1、求磁场： （1）利用B-S定律或运动电荷磁场公式
0 Idl r ˆ dB 4 r 2
0 qv r ˆ B 4 r 2
r3
12
例3：线圈均匀密绕在截面为长方形的整个木环 上（木环的内外半径分别为R1, R2 ,厚度为h， 木料对磁场分布无影响），共有N匝，求通入 电流 I 后，环内外磁场的分布。通过截面的磁 通量是多少？
h
R1
R2
13
解：作垂直于木环中轴线而圆心在中轴线上的 圆为安培环路。如果圆周在环外，则由安培环 路定理可得，在环外，B =0。如果圆周在环内， 且半径r(R1<r<R2), ∮B dr 2 rB 0 NI 0 NI 由此得在环内 B 为求环管截面通过的磁通量，考虑 h 环管内截面上宽为dr高为h一窄条面 μ0 NIh 积的磁通量 dΦ = Bhdr = dr 2 πr 通过全管磁通量
磁场分布
轴线上 圆心处
B
0 IR2
2( R x )
2 2 3/ 2
弧电流 圆心处 长直载流密绕螺线管 载流密绕细螺绕环 无限大平面电流
B内 0 nI , B外 0 B内 0 nI , B外 0
2R 0 I BO 2 R 2
BO
0 I
B 0 j / 2
6
磁介质小结 1、 B、 关系: 对各向同性磁介质： B H H 2、磁介质的分类： 1——µ 大,为变量,铁磁质 B r 1 2——µ 略>1，顺磁质 r 2 B=μ H 3——µ 略<1，抗磁质 0 r 3 B H r 1 m 0 B0 0 H 3、 的环路定理： H d l I c
2 r
R1
R2
μ0 NIh R2 1 μ0 NIh R2 Φ = ∫Φ = d ∫ r dr = 2π l n R1 R1 2π
14