2015年广东省湛江市遂溪一中高考物理冲刺试卷(一)
湛江市2015年普通高考测试(一)物理试题含答案
湛江市2015年普通高考测试（一）理科综合物理试题一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
13．三段不可伸长的细绳OA 、OB 、OC 能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB 是水平的，A 端、B 端固定。
若逐渐增加C 端所挂物体的质量，则最先断的绳（ ）A ．必定是OAB ．必定是OBC ．必定是OCD ．可能是OB ，也可能是OC14.如图，理想变压器原、副线圈匝数比n 1＝100匝，n 2=10匝, ○V 和○A 均为理想电表，灯泡额定功率P =6W,灯泡正常发光，AB 端电压u 1=1202sin100πt （V ）.下列说法正确的是（ ）A ．电流频率为100 HzB ．○V 的读数为12 2 VC. ○A 的读数为0.5AD ．变压器输入功率为24W15．如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方。
忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时可以（ ）A. 换用质量稍大些的飞镖B. 适当增大投飞镖的高度C. 到稍远些的地方投飞镖D. 适当减小投飞镖的初速度16. 如图所示，实线表示匀强电场的电场线，虚线表示某一带电粒子从a 点进入电场时通过该电场区域的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，则由此图可作出正确的判断是（ ）A ．粒子带正电B ．粒子在a 点的电势能大于在b 点的电势能C ．粒子在a 点的速度大于在b 点的速度D ．粒子在a 点的加速度大于在b 点的加速度二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。
在每小题给出的四个选项中，有两个选项是符合题目要求的，全选对的得6分，只选一个且正确的得3分，有错选或不选的得0分。
17．下列说法中正确的是（ ）A ．用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力B ．在阳光照射下，可以观察到教室空气中飞舞的尘埃作无规则运动，属于布朗运动C. 一定质量的理想气体温度升高其内能一定增大D. 一定质量的理想气体温度升高其压强可能减小 a Eb18．如下的说法中，正确的是（ ）A ．n H H H 10423121+→+ 是轻核聚变反应B ．β衰变说明了原子核中有电子C ．光电效应说明了光具有粒子性D ．γ射线可用来消除静电19.如图所示为一物体沿左右方向（规定向右为正方向）做直线运动的速度—时间图象，由图可知（ ）A ．6s 末物体回到初始位置B ．3s 末物体的加速度方向发生变化C ．物体所受合外力的方向一直向右D ．物体所受合外力的方向一直向左20. 载人飞船从发射、进入轨道、加速变轨，最后进入圆形轨道稳定运行。
广东省湛江第一中学2015届高三物理“临门一脚”试题(含解析)
广东省湛江第一中学2015届高三“临门一脚”物理试题13.【题文】鱼在水中沿直线水平向左加速游动过程中，水对鱼的作用力方向合理的是A B C D【答案】D【解析】本题主要考查牛顿运动定律以及力的合成与分解；鱼受到竖直向下的重力，且具有向左的加速度，因此所受水的力向左上方，这样竖直方向分力与重力平衡，水平方向分力提供加速度，故选项D正确。
【题型】单选题【备注】【结束】14.【题文】如图所示，气垫床是一种可以注入空气的床垫，睡在气垫床上可以让肌肉得到放松，是不少人舒缓神经的不错选择。
当人从床上起身下床时，假设床垫内气体与外界无热交换，且密封性良好，则有关床垫内气体下列说法正确的是A.体积增大，内能增大B.体积减小，压强减小C.对外界做负功，分子平均动能增大D.对外界做正功，压强减小【答案】D【解析】本题主要考查分子动理论；当人起身下床后，内部气体所受压力减小，体积变大，对外做正功，内能减小，分子平均动能减小，压强减小，故选项D正确。
【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】下列说法正确的是A、α衰变过程中放出的α射线是氦原子B、波尔理论的假设之一是原子能量是具有连续性C.当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小D、飘浮在热菜汤表面上的油滴，从上面观察是圆形的，是因为油滴液体呈各向同性的缘故【答案】C【解析】本题主要考查衰变、分子动理论以及波尔理论；选项A，α衰变过程中放出的α射线是氦原子核，选项A错误；选项B，波尔理论的假设之一是原子能量是具有不连续性，选项B错误；选项C，当分子间的引力和斥力平衡时，无论二者是靠近还是远离分子都会做负功，使得分子势能增大，故平衡时分子势能最小，选项C正确；选项D，飘浮在热菜汤表面上的油滴，从上面观察是圆形的，是因为表面张力的原因，选项D错误；本题正确选项为C。
【题型】单选题【备注】【结束】16.【题文】如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球重G，平衡时小球在A处，今用力F压小球至B处，使弹簧再缩短x，则下列说法正确的是A、此时弹簧的弹力大小为kxB.此时弹簧的弹力大小为kx＋GC.将力F撤去的瞬间，小球处于平衡状态D.将力F撤去以后，小球的机械能守恒【答案】B【解析】本题主要考查弹力以及共点力平衡条件；选项A，既然在A处平衡，即重力等于弹力，则B处压缩量增大，弹力大于重力，故选项A错误；选项B，在A处有弹力等于重力，在B处弹力增大了kx，即弹力为kx+G,选项B正确；选项C,撤去F后，弹力大于重力，小球所受合力向上，故选项C错误；选项D，撤去F后，对小球合弹簧的系统机械能守恒，故选项D错误；本题正确选项为B。
广东省湛江第一中学2015届高三理综临门一脚试题及答案
2 3 4 1 ２０１５届湛江一中高三模拟测试理科综合可能用到的相对原子质量： H 1 C 12 N 14 O 16第Ⅰ卷（选择题共25题，共118分）一．单项选择题（本题共16题，每小题4分，共64分;在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的）1.下列概念除哪项外．．．．，均可用右图来表示 （ ） A ．1表示固醇，2～4分别表示脂质、磷脂、性激素B ．1表示核糖核苷酸，2～4分别表示含氮碱基、核糖、磷酸C ．1表示突触，2～4分别表示突触前膜、突触间隙、突触后膜D ．1表示可遗传变异，2～4分别表示基因突变、基因重组、染色体变异2．下图为生物体内4种有机分子的结构，其中①仅存在于植物细胞中，不正确．．．的是（ ）A ．①最可能存在于叶绿体类囊体薄膜上，②的功能是运输氨基酸，具有特异性B ．②与吡罗红呈现红色，其含有与③中a 类似的结构，③是生命活动的直接能源物质C ．细胞中没有①也能产生③；②③④都含有核糖，三者在任何生物体内都存在D ．④的全称为腺嘌呤核糖核苷酸，其中的b 称为腺苷3. 科学发现 科学家 科学家的思想或方法①酿酒中的发酵是由于酵母细胞的存在巴斯德 显微镜观察②光合作用的产物有淀粉 萨克斯 植物绿叶光合作用③光合作用中O 2的来源 卡尔文 同位素标记H 2180④DNA 是遗传物质 艾弗里 32p 标记噬菌体的DNA⑤膜由脂质组成的 欧文顿 细胞膜对不同的物质通透性不同⑥亮一暗一亮结构三层结构 罗伯特森 电镜观察细胞膜4．蝎毒“染色剂"氯代毒素(Chlorotoxin)由蝎子毒液中的一种蛋白质经人为加工制成，它可以选择性地“绑定"癌细胞，使癌症手术更加容易、有效。
下列说法不正确．．．的是（ ） A ．蝎毒“染色剂"氯代毒素可能被癌细胞的某些特异性蛋白识别B ．蝎子毒液中的这种蛋白质的合成、加工和分泌需要线粒体C ．蝎毒“染色剂"氯代毒素由蝎子细胞的核糖体合成D ．氯代毒素能选择性地“绑定”癌细胞，方便制定医疗方案5．植物基因D 控制蛋白质的合成。
2015年广东卷物理答案
2015年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷) 13.A【解析】在s−t图象中，倾斜直线表示质点做匀速直线运动，在0.2~0.5h内，甲、乙二人均做匀速直线运动，加速度均为零，故B错误；在s−t图象中，图线的斜率代表质点运动的速度，在0.2~0.5h内，甲所对应图线的斜率大于乙所对应图线的斜率，即甲的速度比乙的速度大，故A正确；在0.6~0.8h内，甲的位移为−5km，乙的位移为−3km，即甲的位移比乙大，故C错误；在0.8h内，甲的路程为15km，乙的路程为11km，即甲的路程比乙大，故D错误.14.C【解析】以帆板为参考系，帆船在南北方向上，以速度v朝正北方向运动，帆船在东西方向上，以速度v朝正东方向运动，如图所示，由平行四边形定则可得：帆船相对帆板，以v0=√v2+v2=√2v朝北偏东45°航行，故C正确ABD错误.15.D【解析】设理想变压器的原线圈匝数为n1，两端电压为U，副线圈的匝数为n2，加热电阻为R，由理想变压器的电压比等于匝数比，可得Un1=220n2和Un1=110n2′，即n2n2′=21，故D正确；由欧姆定律I2=U2R ，可得I2I2′=21，故A错误；由电功率P2=U22R 可得P2P2′=41，故B错误；因理想变压器的输入功率等于输出功率，即P1=P2和P1′=P2′，可得P1 P1′=41，故C错误.16.B【解析】两粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得qvB=mv2r ，得r=mvqB=pqB，即rαr H=e2e=1 2，故A错误；由动量的定义p=mv，可得v=pm，即vαv H =m04m0=14，故C错误；由周期公式T=2πrv，可得TαT H =rαr H×v Hvα=21，故B正确；由洛伦兹力公式f=qvB，可得fαf H =2ee×vαv H=12，故D错误.17.AB【解析】在水加热升温的过程中，封闭气体的体积不变，由温度升高可知，封闭气体的内能增大，故A正确；封闭气体发生了等容变化，由理想气体状态方程pVT=C可知，封闭气体的压强增大，故B正确；因封闭气体的体积不变，不影响分子间距离，故C错误；因温度是宏观统计学物理量，对个别分子无意义，故当封闭气体的温度升高时，并不是所有分子的运动速率都增大，而是分子的平均动能增大，故D错误.18.AC【解析】由核反应过程，质量数和电荷数分别守恒，则由两核反应方程，可知X的质量数为1，质子数为0，即为中子，故A正确；Y的质子数为3，质量数为6，即中子数为6−3=3，故B错误；氘核、氚核反应生成质量较大的核，属于核聚变，故C正确；因两个核反应都释放出能量，故均发生了质量亏损，故D错误.19.BD【解析】因三条绳子的长度不等，绳子与水平地面的夹角不等，由平衡条件可知，三条绳中的张力不一定相等，故A错误；对竖直杆受力分析，由平衡条件可知，地面对杆的支持力等于杆的重力和三条绳子的拉力在竖直方向分力的合力，由牛顿第三定律可知，杆对地面的压力大于自身的重力，故B正确；地面对杆的支持力等于杆的重力和三条绳子的拉力在竖直方向分力的合力，可见，绳子对杆的拉力的合力与杆的重力不是一对平衡力，故C错误；因杆处于静止状态，其所受合力为零，故杆在水平方向上和竖直方向上的合力都为零，故绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零，故D正确.20.BD【解析】设星球的半径为R，星球的质量为M，探测器的质量为m，由牛顿第二定律得G MmR2=mv2R，得v=√GMR,探测器脱离星球所需的发射速度√2v=√2GMR，与探测器的质量m无关，故A错误；由万有引力公式F=G MmR2，设地球质量为M地，可得F火=G110M地m14R地2= 25F地,即探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大，故B正确；探测器脱离地球所需的发射速度√2v=√2GM地R地，探测器脱离火星所需的发射速度√2v火=√2G⋅110M地12R地=√25v，探测器脱离两星球所需的发射速度不相等，故C错误；探测器在脱离星球的过程中，离星球的高度越来越大，故其势能也逐渐增大，故D正确.21.BC【解析】M、N处于静止状态，其受到的电场力和两者间库仑力构成平衡力，合力为零，如图所示，由题设条件可知，M带负电荷，N带正电荷，故B正确D错误；由平衡条件可得q M E=F MN，q N E=F MN，可得q M=q N，故A错误；M带负电，受到水平向左的电场力，向右移动，故电场力做负功，故C正确.34.(1)①靠近;先接通电源;再释放纸带;②b;纸带与计时器间的摩擦力【解析】(1)①为了使纸带上打下更多的点，使重物靠近计时器下端；先接通电源，后释放纸带，使重物自由下落.②重物向下做匀加速直线运动，在连续相等时间内位移逐渐增大，通过观察两条纸带，应选取b来计算重力加速度.误差分析，除了在下落过程中，重物受到空气阻力外，纸带与打点计时器间阻力也不可忽视.(2)①10.0;b;②增大;③Y;④3.2;0.50.【解析】①欧姆挡测量电阻，其读数为10.0Ω；由于10.0<√3000×1，元件X 的阻值为小电阻，采用电流表外接法，选用b 电路进行实验.②滑动变阻器的滑片P 从左向右滑动，元件X 两端的电压逐渐变大，故电流表的示数也逐渐增大.③由图线可知，元件X 的U 和I 间成线性关系，故Y 为非线性元件.④由闭合电路欧姆定律得U 1=ER 0+r R 0=3V ，U 2=ER 0+r+R R 0=1V ，联立可得E ≈3.2V ，r =0.50Ω. 35. (1)0.04V ;(2)i =t −1(1s ≤t ≤1.2s).【解析】(1)由法拉第电磁感应定律得 E =ΔΦΔt=ΔBSΔt, 代入数据解得E =0.04V .(2)棒进入磁场后，切割磁感线产生感应电动势，有 E =BLv ,因t =1s 时刻棒进入磁场且磁感应强度恒定不变，则当棒运动到bd 位置时，棒受到的安培力最大，即 F m =BIL =B 2L 2v R=0.04N ,当棒在abd 区域运动时，有x =v(t −1), E i =2Bxv ,解得i =E i R =2BxvR=t −1(1s ≤t ≤1.2s).36. (1)22N ，方向竖直向下;(2)45;(3)v n =√9−0.2n(n <45).【解析】(1)物块A 从最初位置到Q 点，由动能定理得−mg ⋅2R =12mv 2−12mv 02，解得v =4m/s .设物块在Q 点受轨道的弹力为F ，则有F +mg =mv 2R， 解得F=22N ，方向竖直向下.(2)由机械能守恒知，滑块A 与B 碰前的速度为 v 0=6m/s ，A 、B 碰撞过程，由动量守恒得mv 0=2mv 共,解得v 共=3m/s ,设滑块A 、B 经粗糙段的路程为s 停下，由动能定理得−μ⋅2mg ⋅s =0−12⋅2mv 共2，故s=4.5m ， 则k =sL=45.(3)由题意知，滑块A 、B 在第n 个光滑段上的速度v n 等于经过第n 个粗糙段的速度，则有−μ⋅2mg ⋅nL =12⋅2mv n 2−12⋅2mv 共2，解得v n=√v 共2−2μgnL =√9−0.2n(n <45).。
2015年广东高考物理试卷和答案详细讲解
2015年广东高考理科综合(物理部分)试题和答案(word版)(第Ⅰ卷选择题.共46分)13.甲乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动.前1小时内的位移-时间图像如图3所示。
下列表述正确的是A．0.2-0.5小时内.甲的加速度比乙的大B．0.2-0.5小时内.甲的速度比乙的大C．0.6-0.8小时内.甲的位移比乙的小D．0.8小时内.甲、乙骑行的路程相等14.如果4所示.帆板在海面上以速度v朝正西方向运动.帆船以速度v朝正北方向航行.以帆板为参照物A．帆船朝正东方向航行.速度大小为vB．帆船朝正西方向航行.速度大小为vC．帆船朝南偏东45°方向航行.速度大小为2vD．帆船朝北偏东45°方向航行.速度大小为2v15.图5为气流加热装置的示意图.使用电阻丝加热导气管.视变压器为理想变压器.原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变.调节触头P.使输出电压有效值有220V降至110V。
调节前后A．副线圈中的电流比为1:2B．副线圈输出功率比为2:1C．副线圈的接入匝数比为2:1D．原线圈输入功率比为1:216.在同一匀强磁场中.α粒子（42He）和质子(11H )做匀速圆周运动.若他们的动量大小相等.则α粒子和质子A．运动半径之比是2:1B．运动周期之比是2:1C．运动速度大小之比是4:1D. 受到的洛伦兹力之比是2:117.图6为某实验器材的结构示意图.金属内筒和隔热外筒间封闭了一定体积的空气.内筒中有水.在水加热升温的过程中.被封闭的空气A.内能增大B.压强增大C.分子间引力和斥力都减小D.所有分子运动速率都增大18.科学家使用核反应获取氚.再利用氘和氚 核反应获得能量.核反应方程分别为：4321 4.9e X Y H H MeV +→++和23411217.6e H H H X MeV +→++.下列表述正确的有A.X 是中子B.Y 的质子数是3.中子数是6C.两个核反应都没有质量亏损D.氘和氚的核反应是核聚变反应19.如图7所示.三条绳子的一端都系在细直杆顶端.另一端都固定在水平面上.将杆竖直紧压在地面上.若三条绳长度不同.下列说法正确的有A.三条绳中的张力都相等B.杆对地面的压力大于自身重力C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力.20.在星球表面发射探测器.当发射速度为v 时.探测器可绕星球表面做匀速圆周运动；当发射速度达到2v 时.可摆脱星球引力束缚脱离该星球.已知地球、火星两星球的质量比约为10:1半径比约为2:1.下列说法正确的有A.探测器的质量越大.脱离星球所需的发射速度越大B.探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C.探测器分别脱离两星球所需要的发射速度相等D.探测器脱离星球的过程中势能逐渐变大21.如图8所示的水平匀强电场中.将两个带电小球M和N分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置.释放后.MN保持静止.不计重力.则A.M的带电量比N大B.M带负电荷.N带正电荷C.静止时M受到的合力比N大D.移动过程中匀强电场对M做负功34．（1）（8分）某同学使用打点计时器测量当地的重力加速度。
2015年广东省湛江一中高考物理模拟试卷和答案
2015年广东省湛江一中高考物理模拟试卷一、单项选择题（本题每小题4分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．选对得4分．有选错或不选的得0分）1．（4分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=2．（4分）某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则（）A．E P＜E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQ C．E P＞E Q，φP＞φQ D．E P＜E Q，φP＜φQ 3．（4分）如图所示，某商场的智能化的自动扶梯．当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行．则扶梯在向上运送乘客的过程中（）A．扶梯对乘客先做正功后不做功B．乘客先超重后失重C．扶梯对乘客的作用力先斜向上，再竖直向上D．乘客与扶梯之间产生的内能一直增大4．（4分）如图为远距离输电示意图，升压变压器与降压变压器的匝数比分别为1：100和100：1，发电站输出电压为u=250sin100πt（V），下列说法正确的是（）A．用户得到的交变电压频率为50HzB．用户得到的交变电压有效值为250VC．用户得到的交流电压有效值小于250VD．输送过程中电能的损耗主要来自变压器原、副线圈的发热二、双项选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题的4个选项中有2个是正确的，全对得6分，只选一个且正确的得3分，错选、漏选0分）5．（6分）某洒水车停于水平地面上，在缓慢放水洒向花草过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体（）A．从外界吸热B．对外界做负功C．分子平均动能减小D．压强减小6．（6分）已知氢原子基态的能量为E1，第n能级的能量E n=，其中h表示普朗克常量，一群处于基态的氢原子吸收频率为ν的光子后再向低能级跃迁时最多能发出3条光子．下列说法正确的是（）A．吸收光子频率为ν=﹣B．氢原子由激发态向基态跃迁时动能减小，电势能增大C．辐射光子的能量可能为﹣D．辐射的光子中只有1条能使极限频率为﹣的金属发生光电效应7．（6分）2013年12月，嫦娥三号经过地月转移轨道在A点调整后进入环月圆轨道Ⅰ，进一步调整后进入椭圆轨道Ⅱ，有关嫦娥三号下列说法正确的是（）A．在地球的发射速度一定大于第二宇宙速度B．由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需要在A点减速C．在轨道Ⅰ的A点势能大于在轨道Ⅱ的B点势能D．经过轨道I上A点的加速度比在轨道Ⅱ上经过A点时大8．（6分）假如质量为m的公交车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为v m，利用传感器测得此过程中不同时刻公交车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出F﹣图象（图中CB、BO均为直线），假设公交车车行驶中所受的阻力恒定，则（）A．在全过程中，公交车在B点时速度最大B．CB过程公交车做匀加速运动C．BA过程公交车作减速运动D．BA过程公交车牵引力的功率恒定9．（6分）如图甲所示，闭合金属线框abcd垂直置于匀强磁场中，磁感应强度方向垂直于纸面向里，其大小随时间变化的图象如图乙所示，设第1s内和第2s 内线框中的感应电流分别为I1、I2，磁场对ab边的安培力分别为F1、F2，下列说法正确的是（）A．I1的方向为逆时针，I2的方向为顺时针B．F1的方向向左，F2的方向向右C．I1=2I2D．F1、F2大小均不变三、非选择题10．（10分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）①实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）．②请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．③根据U﹣I图象，当灯泡两端所加电压为 3.2V时，电功率为W．11．（8分）如图1为测量物块与水平桌面质检动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：A．用天平测得物块质量M为500g、重物m的质量为100g；B．调整长木板上的轻滑轮，使细线水平；C．调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力D．打开电源，让物块由静止释放，打点计时器在纸带上打出点迹；E．多次重复步骤D，选取点迹清晰的理想纸带，求出加速度a；F．根据上述实验数据求出动摩擦因数u，整理仪器，结束实验．回答下列问题：①以上实验步骤中，不需要的步骤是．②其中一条纸带如图2所示，各点间还有4个点未标出，则物块的加速度a= m/s2（结果保留三位有效数字）③根据实验原理，可求出动摩擦因数u=（用M、m、a和重力加速度g 表示）．12．（18分）如图所示，平行于直角坐标系Y轴的PQ是用特殊材料制成的，只能让垂直打到PQ界面上的电子通过．其左侧有一直角三角形区域，分布着方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，其右侧有竖直向上场强为E的匀强电场．现有速率不同的电子在纸面上从坐标原点O沿不同方向射到三角形区域，不考虑电子间的相互作用．已知电子的电量为e，质量为m，在OAC中，OA=a，θ=60°．求：（1）当速度方向沿y轴正方向时，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度是多少；（2）能通过PQ界面的电子所具有的最大速度是多少；（3）在PQ右侧X轴上什么范围内能接收到电子．13．（18分）如图所示，B、C、D在同一水平面，CED为半径R=lm的圆形光滑圆弧，O为其圆心，其圆心角α=74°，E为圆弧的最低点，圆弧与传送带相切于D 点，传送带与水平面的夹角β=37°．质量为m=1kg可看做质点的物块从B点正上方的A点以v0=4m/s的水平速度抛出，恰好从C点沿圆弧的切线方向进入圆弧．传送带以速度v=4m/s匀速向上运动，传送带的长度DF=5m，物块与传送带间动摩擦因数μ=0.5，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力（不计空气阻力，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）物块在C点速度的大小；（2）物块在E点对轨道的压力；（3）通过计算说明，物块能否被传送带传送到F点．2015年广东省湛江一中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题每小题4分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．选对得4分．有选错或不选的得0分）1．（4分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=【解答】解：以物资为研究对象，分析受力情况：重力mg、悬索对物资的拉力F T，空气阻力F f，力图如图：根据平衡条件得知：mg与F f的合力与F T大小相等，方向相反，如图．则有：F f=mgtanθF T=故选：BC2．（4分）某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则（）A．E P＜E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQ C．E P＞E Q，φP＞φQ D．E P＜E Q，φP＜φQ 【解答】解：由图Q点电场线密，电场强度大，E Q＞E P，PQ在同一条电场线上，沿电场线的方向电势降低，φP＞φQ．故选：A3．（4分）如图所示，某商场的智能化的自动扶梯．当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行．则扶梯在向上运送乘客的过程中（）A．扶梯对乘客先做正功后不做功B．乘客先超重后失重C．扶梯对乘客的作用力先斜向上，再竖直向上D．乘客与扶梯之间产生的内能一直增大【解答】解：A、扶梯使人向上运动，故使人的重力势能一直增大，故一直做功，故A错误；B、加速运动阶段，扶梯对乘客的支持力大于重力，乘客处于超重状态；匀速运动阶段，扶梯对乘客的支持力等于重力，乘客既不超重，也不失重．故B错误．C、加速运动阶段，扶梯对乘客有水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力，扶梯对乘客的作用力指向左上方；匀速运动阶段，扶梯对乘客的作用力竖直向上．故C正确D、乘客与扶梯之间没有相对位移，故无内能产生，故D错误故选：C4．（4分）如图为远距离输电示意图，升压变压器与降压变压器的匝数比分别为1：100和100：1，发电站输出电压为u=250sin100πt（V），下列说法正确的是（）A．用户得到的交变电压频率为50HzB．用户得到的交变电压有效值为250VC．用户得到的交流电压有效值小于250VD．输送过程中电能的损耗主要来自变压器原、副线圈的发热【解答】解：A、交流电的频率f=，通过变压器，交流电的频率不变．故A正确．B、升压变压器的输入电压的有效值为250V，则输出电压为25000V，由于输电线上有电压损失，则降压变压器的输入电压小于25000V，知用户得到的电压小于250V．故B错误．C正确；D、输送过程中电能损耗主要来自输电线上的发热．变压器上的发热很小，故D 错误．故选：AC．二、双项选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题的4个选项中有2个是正确的，全对得6分，只选一个且正确的得3分，错选、漏选0分）5．（6分）某洒水车停于水平地面上，在缓慢放水洒向花草过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体（）A．从外界吸热B．对外界做负功C．分子平均动能减小D．压强减小【解答】解：C、D、洒水车在缓慢洒水的过程中，整体质量会变小，对轮胎的压力变小，所以轮胎内气体的压强变小，因是缓慢的，温度不变，由理想气体的状态方程可知气体的体积会变大，温度不变，分子平均动能不变；气体的质量不变，所以气体的内能不变．故D正确，C错误；A、B、气体的体积增大的过程中，气体对外做正功，W为负；根据热力学第一定律：△E=W+Q可知，气体一定从外界吸收热量．故A正确，B错误．故选：AD6．（6分）已知氢原子基态的能量为E1，第n能级的能量E n=，其中h表示普朗克常量，一群处于基态的氢原子吸收频率为ν的光子后再向低能级跃迁时最多能发出3条光子．下列说法正确的是（）A．吸收光子频率为ν=﹣B．氢原子由激发态向基态跃迁时动能减小，电势能增大C．辐射光子的能量可能为﹣D．辐射的光子中只有1条能使极限频率为﹣的金属发生光电效应【解答】解：A、氢原子吸收频率为ν的光子后再向低能级跃迁时最多能发出3条光子，因此n=3激发态，其能量E3=，则E3﹣E1=hv，解得v=﹣，故A正确；B、原子由激发态向基态跃迁时，根据库仑引力提供向心力，可知，动能增大，电势能减小，故B错误；C、能级间跃迁所满足的规律E m﹣E n=hv，辐射光子的能量可能为﹣，或为，或为﹣，故C正确；D、根据C选项分析，结合光电效应发生条件，可知，有2条能使极限频率为﹣的金属发生光电效应，故D错误；故选：AC．7．（6分）2013年12月，嫦娥三号经过地月转移轨道在A点调整后进入环月圆轨道Ⅰ，进一步调整后进入椭圆轨道Ⅱ，有关嫦娥三号下列说法正确的是（）A．在地球的发射速度一定大于第二宇宙速度B．由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需要在A点减速C．在轨道Ⅰ的A点势能大于在轨道Ⅱ的B点势能D．经过轨道I上A点的加速度比在轨道Ⅱ上经过A点时大【解答】解：A、发射卫星要大于第一宇宙速度，但要小于第二宇宙速度，否则会脱离地球，则A错误B、由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ要做向心运动，需要在A点减速．则B正确C、由A到B重力做正功，则势能减小，则C正确D、在同点引力相同，则加速度相同，则D错误故选：BC8．（6分）假如质量为m的公交车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为v m，利用传感器测得此过程中不同时刻公交车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出F﹣图象（图中CB、BO均为直线），假设公交车车行驶中所受的阻力恒定，则（）A．在全过程中，公交车在B点时速度最大B．CB过程公交车做匀加速运动C．BA过程公交车作减速运动D．BA过程公交车牵引力的功率恒定【解答】解：A、根据P=Fv可知，F=，则由图可知，汽车在CB段做匀加速运动，BA段做变加速运动，在A点时速度达最大，故A错误；B、CB段牵引力不变，根据牛顿第二定律知，加速度不变，做匀加速直线运动．故B正确．C、BA图线的斜率表示电动车的功率，知BA段功率不变，速度增大，牵引力减小，做加速度逐渐减小的加速运动．故C错误，D正确．故选：BD．9．（6分）如图甲所示，闭合金属线框abcd垂直置于匀强磁场中，磁感应强度方向垂直于纸面向里，其大小随时间变化的图象如图乙所示，设第1s内和第2s 内线框中的感应电流分别为I1、I2，磁场对ab边的安培力分别为F1、F2，下列说法正确的是（）A．I1的方向为逆时针，I2的方向为顺时针B．F1的方向向左，F2的方向向右C．I1=2I2D．F1、F2大小均不变【解答】解：A、第1s内B增加，故磁通量增加，由楞次定律可知线圈中感应电流的磁场向外，故由安培定则可知感应电流为逆时针；同理可知，第2s内的感应电流I2为顺时针，故A正确；B、由左手定则可知，F1的方向向右，F2的方向向左，故B错误；C、由法拉第电磁感应定律可知，E==，由图可知第1s内E1=，第2s内E2=，而I=，故I1=2I2；故C正确；D、安培力F=BIL，电流保持不变，而B随时间变化，故安培力随时间变化，故D 错误；故选AC．三、非选择题10．（10分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）①实验中电压表应选用A，电流表应选用D．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用E（用序号字母表示）．②请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．③根据U﹣I图象，当灯泡两端所加电压为 3.2V时，电功率为 1.44W．【解答】解：①因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用0～5V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流I===0.5A；故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；②由P=可求得灯泡内阻R==8Ω；则==1250，==20；故说明电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法；而由以上分析知，滑动变阻器应选择分压接法；如图所示：③根据U﹣I图象，当灯泡两端所加电压为3.2V时，通过灯泡电流I=0.45A．，电功率为P=UI=3.2×0.45=1.44W故答案为：①A，D，E②电路图，连线如图示③1.44W11．（8分）如图1为测量物块与水平桌面质检动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：A．用天平测得物块质量M为500g、重物m的质量为100g；B．调整长木板上的轻滑轮，使细线水平；C．调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力D．打开电源，让物块由静止释放，打点计时器在纸带上打出点迹；E．多次重复步骤D，选取点迹清晰的理想纸带，求出加速度a；F．根据上述实验数据求出动摩擦因数u，整理仪器，结束实验．回答下列问题：①以上实验步骤中，不需要的步骤是C．②其中一条纸带如图2所示，各点间还有4个点未标出，则物块的加速度a= 1.25 m/s2（结果保留三位有效数字）③根据实验原理，可求出动摩擦因数u=（用M、m、a和重力加速度g表示）．【解答】解：（1）该实验的目的是为了测量物块与长木板之间的摩擦因数，所以在实验的过程中，不能调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力，否则不能测量摩擦因数．所以不需要的步骤是C．（2）各点间还有4个点未标出，所以时间间隔是5t0=5×0.02s=00.1s物块的加速度：，物块的加速度：m/s2=1.25m/s2（3）对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m）a，解得：．故答案为：①C；②1.25；③12．（18分）如图所示，平行于直角坐标系Y轴的PQ是用特殊材料制成的，只能让垂直打到PQ界面上的电子通过．其左侧有一直角三角形区域，分布着方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，其右侧有竖直向上场强为E的匀强电场．现有速率不同的电子在纸面上从坐标原点O沿不同方向射到三角形区域，不考虑电子间的相互作用．已知电子的电量为e，质量为m，在OAC中，OA=a，θ=60°．求：（1）当速度方向沿y轴正方向时，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度是多少；（2）能通过PQ界面的电子所具有的最大速度是多少；（3）在PQ右侧X轴上什么范围内能接收到电子．【解答】解：（1）粒子在磁场中运动，洛伦兹力做向心力，故有，所以，；能从OC边出磁场的电子，当运动轨迹和AC相切时半径最大，故半径最大值R m=a，所以，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度；（2）要使电子能通过PQ界面，电子飞出磁场的速度方向必须水平向右，由（1）可知：，故R越大v越大；所以，从C点水平飞出的电子，运动半径最大，对应的速度最大；故有，所以，R=2a；故能通过PQ界面的电子所具有的最大速度；（3）只有垂直打到PQ界面上的电子通过，故电子进入电场的范围为PQ上C到X轴间的范围；当粒子在PQ上的纵坐标为y（0＜y≤a）时，粒子在磁场中运动的半径由几何关系可得：，所以，r=2y；那么由洛伦兹力做向心力可得：运动速度；粒子在电场中只受电场力作用，做类平抛运动，故有：；那么，电子打在X轴上的位置为==，所以，；答：（1）当速度方向沿y轴正方向时，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度是；（2）能通过PQ界面的电子所具有的最大速度是；（3）在PQ右侧X轴上范围内能接收到电子．13．（18分）如图所示，B、C、D在同一水平面，CED为半径R=lm的圆形光滑圆弧，O为其圆心，其圆心角α=74°，E为圆弧的最低点，圆弧与传送带相切于D 点，传送带与水平面的夹角β=37°．质量为m=1kg可看做质点的物块从B点正上方的A点以v0=4m/s的水平速度抛出，恰好从C点沿圆弧的切线方向进入圆弧．传送带以速度v=4m/s匀速向上运动，传送带的长度DF=5m，物块与传送带间动摩擦因数μ=0.5，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力（不计空气阻力，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）物块在C点速度的大小；（2）物块在E点对轨道的压力；（3）通过计算说明，物块能否被传送带传送到F点．【解答】解：（1）在C点把物体的速度v分解为水平速度v x和竖直方向的速度v y，由几何关系得：v==5m/s；（2）从C点到E点的过程中，由机械能守恒定律得：mgR（1﹣cos37°）=mv E2﹣mv C2在E点由牛顿第二定律得：F N﹣mg=m代入数据得：F N=39N；由牛顿第三定律知，物块在E点对轨道的压力大小为：F N′=39N；方向竖直向下；（3）物块从C点到D点的过程机械能守恒，且CD两点等高，所以物块在D点速度大小为V D=5m/s；物块从D点沿传送带向上匀减速到和传送带的速度相同的过程中，设块的位移为x1，加速度为a1，由牛顿第二定律得：mgsinβ+μmgcosβ=ma1由运动学公式得：v2﹣v02=2（﹣a1）x1代入数据解得：x1=0.45m；当物块的速度和传送带速度相同时，物块有相对传送带向下的运动趋势，由于传送带对物体向上的最大静摩擦力小于物体沿斜面向下的分力，即μmgcosβ＜mgsinβ，所以物块不会和传送带相对静止一起做匀速运动，而是沿传送带向上做匀减速运动，物块从和传送带速度相同到速度减为零的过程，设加速度为a 2，位移为x 2，由牛顿第二定律得：mgsinβ﹣μmgcosβ=ma 2由运动学公式得：0﹣v2=2（﹣a 2）x2代入数据得：x 2=4m；由于x 1+x2=0.45+4=4.45m＜DF=5m；所以物块不能传送到传送带的F点．答：（1）C点的速度为5m/s；（2）物块在E点对轨道的压力大小为F N′=39N；方向竖直向下；（3）物体不能传到传送带的F点．。
广东省湛江市2015届高三物理毕业班调研考试题试题(含解析)
广东省湛江市2015届高三物理毕业班调研考试题试题〔含解析〕一、选择题1．如下列图，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将〔滑轮与绳的重力与摩擦均不计〕〔〕A．越来越小B．越来越大C．先变大后变小D．先变小后变大考点：共点力平衡的条件与其应用．专题：计算题．分析：对结点受力分析，受滑轮的压力和两拉绳子的拉力，根据共点力平衡条件，可以求解出拉力的大小．解答：解：对结点受力分析，如图由于为同一根绳子，故F1=F2=F设F1与F2夹角为θ，如此F1=F2=在重物被吊起的过程中，θ变大，故F1与F2同时变大；应当选B．点评：此题对物体受力分析后，可以用解析法求解出结果讨论，也可以用作图法分析！2．小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速运动，产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如下列图．如此如下有关说法中正确的答案是〔〕A．该交流电电压的有效值为100V B．交流电电压的瞬时值为100VC． t=0.02s时刻线圈平面在中性面D．交流电的频率为0.02H z考点：交流的峰值、有效值以与它们的关系．专题：交流电专题．分析：从图象中可以求出该交流电的最大电压以与周期等物理量，然后根据最大值与有效值以与周期与频率关系求解．解答：解：A、由图可知，交流电的最大电压E=100V，如此有效值U=V，故A错误；B、根据图象可知，交流电电压的瞬时值不断变化，故B错误：C、由图象可知，t=0.02s时刻，感应电动势为零，线圈平面在中性面，故C正确，D、因周期T=0.02s，周期与频率关系有，f==50Hz，故D错误．应当选：C．点评：此题比拟简单考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从图象获取有用信息求解．3．〔4分〕如下列图，甲图为船在静水中的v﹣﹣t图象，乙图为河水的流速与到一河岸距离的关系图象，如此〔〕A．船渡河的最短距离等于河宽300mB．船渡河的最短时间等于100sC．假设船头始终与河岸垂直，如此船在河水中航行的轨迹是一条直线D．假设船头始终与河岸垂直，如此船在河水中作匀变速曲线运动考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：合运动与分运动的相互关系：①独立性：②等时性：③等效性：④相关性此题船实际参与了两个分运动，沿水流方向的分运动和沿船头指向的分运动，当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，船的实际速度为两个分运动的合速度，根据分速度的变化情况确定合速度的变化情况．解答：解：A、船在沿河岸方向上做变速运动，在垂直于河岸方向上做匀速直线运动，两运动的合运动是曲线，故A错误．B、当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，由甲图可知河宽为300m，t=，故B正确；C、假设船头始终与河岸垂直，船先向下游偏，再向上游偏，如此船在河水中航行的轨迹是曲线，故C错误；D、假设船头始终与河岸垂直，如此船在河水中作曲线运动，加速度大小相等，但加速度方向，在前150m与后150m方向相反，故D错误；应当选：B点评：此题关键找到船参加的两个分运动，然后运用合运动与分运动的等时和等效规律进展研究，同时要注意合运动与分运动互不干扰．4．〔4分〕2012年8月9日，在伦敦奥运会女子10米跳台跳水的比赛中，中国队陈假设琳夺取金牌．在高台跳水比赛中，质量为m的陈假设琳进入水中后受到水的阻力〔包含浮力〕而竖直向下做减速运动，设水对她的阻力大小恒为F，如此在她减速下降深度为h 的过程中，如下说法正确的答案是〔g为当地的重力加速度〕〔〕A．她的动能减少了Fh B．她的重力势能减少了mghC．她的机械能减少了〔F﹣mg〕h D．她的机械能减少了mgh考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：根据合力做功判断动能的变化，通过重力做功判断重力势能的变化，除重力以外其它做功等于机械能的增量．解答：解：A、根据动能定理知，合力做功做动能的变化量，合力做功为〔mg﹣F〕h，如此动能减小〔F﹣mg〕h，故A错误．B、重力做功为mgh，如此重力势能减小mgh，故B正确．C、除重力做功以外阻力做功为﹣Fh，如此机械能减小Fh，故CD错误．应当选：B．点评：解决此题的关键掌握功能关系，知道重力做功与重力势能、合力功与动能、除重力以外其它力做功与机械能的关系．5．〔6分〕如下列图，厚壁容器的一端通过胶塞插进一只灵敏温度计和一根气针，另一端有个用卡子卡住的可移动胶塞．用打气筒慢慢向筒内打气，使容器内的压强增加到一定程度，这时读出温度计的示数．打开卡子，胶塞冲出容器过程中〔〕A．温度计示数变大B．温度计示数变小C．气体内能减少D．气体内能增加考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．分析：由于容器内的压强增大到一定程度，打开卡子后，气体体积膨胀对外做功．根据热力学第一定律知道气体内能减小．解答：解：打开卡子，气体体积膨胀对外做功，所以W＜0，由热力学第一定律△U=W+Q，可知气体内能减小，温度降低．应当选：BC．点评：此题考查热力学第一定律△U=W+Q 的物理意义，这是高考的重点内容．6．〔6分〕〔2013•梅州二模〕关于天然放射现象，如下说法中正确的答案是〔〕A．γ射线不带电，它是频率很高的电磁波B．核裂变与核聚变都伴有质量亏损C．某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，核内中子数不变D．采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期考点：原子核衰变与半衰期、衰变速度；天然放射现象．专题：衰变和半衰期专题．分析：α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数增1，质量数不变．半衰期由原子核内部因素决定，与所处的物理环境和化学环境无关．解答：解：A、γ射线不带电，它是频率很高的电磁波．故A正确．B、核裂变和核聚变过程中都有能量放出，根据质能方程知，都有质量亏损．故B正确．C、α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数增1，质量数不变．某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，电荷数不变，质量数减4，质量数等于质子数加中子数，知中子数减4．故C错误．D、半衰期的大小与元素所处的物理环境和化学环境无关，由原子核内部因素决定．故D错误．应当选AB．点评：此题考查了衰变、半衰期、射线的性质等根底知识点，比拟简单，关键熟悉教材，牢记这些根底知识点．7．〔6分〕如下列图，地球同步卫星运行周期与地球自转的周期一样，同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍，如下说法中正确的答案是〔〕A．同步卫星比地球自转的角速度大B．同步卫星比地球自转的线速度大C．同步卫星比地球自转的线速度小D．同步卫星比随地球自转的物体的向心加速度大考点：同步卫星．分析：了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期一样．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．解答：解：A、同步卫星与地球自转同步，故它圆周运动的周期与地球自转周期一样，与地面相对静止，它们的角速度相等，故A错误，B、根据线速度公式v=ωr，可知，在一样的角速度下，半径越大时，线速度越大，故B正确；C错误；D、根据a=ω2R，可知，离地球外表越高，如此其向心加速度越大，故D正确；应当选：BD．点评：地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度．8．〔6分〕如下列图，在竖直面内带有等量正负电荷所形成电场的中垂线上有一点P，一个带正电的带电粒子A在外力作用下从P点沿着中垂线向下运动，如下说法正确的答案是〔〕A．粒子A向下运动过程中电场力一定越来越大B．粒子A向下运动过程中电场力一定先增大后减小C．粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等D．粒子A向下运动过程中电势能一定越来越小考点：电场线；电势能．分析：根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小．根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．据此分析即可．解答：解：AB、根据电场线的分布可知粒子A向下运动过程中电场线先越来越密，后越来越疏，场强先增大后减小，所以电场力先增大后减小，故A错误，B正确．C、P所在的中垂线是一条等势线，所以粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等，故C正确．D、由于粒子在等势线上运动，电场力不做功，电势能不变，故D错误．应当选：BC．点评：对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进展记忆．9．〔6分〕如下列图，导线ab、cd跨接在电阻不计的光滑导轨上，ab的电阻为2R，cd的电阻为R．当cd在外力F1作用下向右运动时，ab在外力F2的作用下保持静止．如此如下说法正确的答案是〔〕A．a b两端的电势差一定大于cd两端的电势差B．假设cd向右匀速运动，如此F1与F2大小一定相等C．假设cd向右加速运动，如此F1一定大于F2D．拉力F1所做的功一定等于电路中消耗的电能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应——功能问题．分析：根据电路结构比拟两导线两端电压关系；应用安培力公式求出安培力，然后比拟两拉力大小；应用能量守恒定律分析拉力做功与电路消耗的电能间的关系．解答：解：A、cd切割磁感线产生感应电动势，cd相当于电源，ab是外电路，cd两端电压是路段电压，导线ab与cd两端电压相等，故A错误；B、两导线电流相等，两导线受到的安培力大小相等，ab静止、cd向右匀速运动，两导线都处于平衡状态，F1与F2大小都等于安培力，如此F1与F2大小相等，故B正确；C、两导线受到的安培力相等，ab静止，处于平衡状态，F2等于安培力，cd向右加速运动，F1大于安培力，如此F1大于F2，故C正确；D、当cd匀速运动时，拉力F1做的功转化为电能，拉力F1所做的功等于电路消耗的电能，如果cd加速运动，F1做功转化为电能与cd的动能，如此F1做功大于电路消耗的电能，故D错误；应当选：BC．点评：此题考查了比拟电压关系、比拟拉力大小关系、判断拉力做功与电能的关系，分析清楚电路结构、应用平衡条件、能量守恒定律即可正确解题．二、非选择题10．〔8分〕〔1〕在互成角度的两个共点力的合成实验中，其中的三个实验步骤如下：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点和两弹簧测力计的读数F1和F2；②在纸上只根据F1和F2的大小，应用平行四边形定如此作图求出合力F′；③只用一只弹簧测力计通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两只弹簧测力计同时拉时一样，记下此时弹簧测力计的读数F与方向．以上三个步骤均有错误或疏漏：①中是应记下两个细绳套的方向即F1和F2的方向；②中是应依据F1和F2的大小和方向作图；③中是应将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点．④上面甲、乙两图是两位同学做“互成角度的两个力的合成〞实验时得到的结果．他们分别得到使橡皮条和细线的结点拉到O点时所需的两个力F1、F2与只用一个务时的F，并用平行四边形定如此画出了F1和F2的合力F′，如此两人处理实验结果正确的图是乙．考点：验证力的平行四边形定如此．专题：实验题；平行四边形法如此图解法专题．分析：明确该实验的实验原理，从而进一步明确实验步骤，测量数据等即可正确解答此题．解答：解：该实验采用“等效法〞进展，即一个弹簧秤和两个弹簧秤拉橡皮条与细绳套的结点时应该拉至同一位置O点，由于力是矢量，因此在记录数据时，不光要记录力的大小，还要记录其方向，这样才能做平行四边形，从而验证两个力的合力大小和方向是否与一个力的大小和方向一样．以上三个步骤均有错误或疏漏：①中是应记下两个细绳套的方向即F1和F2的方向，②中是应依据F1和F2的大小和方向作图，③中是应将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点．④由于误差的存在用平行四边形定如此求出的合力F′可以与橡皮条拉力F有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力即F与橡皮条拉力一定在同一直线上，F1和F2的合力理论值F′一定在平行四边形的对角线上，故乙符合实验事实．故答案为：①应记下两个细绳套的方向即F1和F2的方向；②应依据F1和F2的大小和方向作图；③应将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点④乙点评：此题比拟简单，直接考查了验证力的平行四边形定如此时如何进展操作，对于根底实验一定熟练掌握才能为解决复杂实验打好根底．11．〔10分〕某研究性学习小组欲用电压表V、电阻箱R、定值电阻R0、开关S和假设干导线测定某电池组的电动势．①在图甲中，根据图乙电路图用笔画线代替导线，将实物图连接成完整的实验电路．②闭合开关S，调整电阻箱阻值R，读出电压表V相应示数U．该学习小组测出大量数据，分析筛选出如表所示的R、U数据，并计算相应的与的值．请用表中数据在图丙坐标纸上描点，并作用﹣图线．R/Ω166 71.4 50.0 33.3 25.0 20.0U/V 7.7 5.4 4.5 3.6 2.9 2.5I/R〔×10﹣2Ω﹣1〕0.60 1.40 2.00 3.00 4.00 5.00I/U/V﹣10.13 0.19 0.22 0.28 0.34 0.40③从图线中可求得待测电池组的电动势E= 10 V④根据该小组设计的实验电路，会存在系统误差，试分析测得的电动势比实际电动势偏小〔填“大〞或“小〞〕．⑤假设要测该电池组的内阻，应知道定值电阻的阻值，用多用表测量该定值电阻的表盘指针如图丁所示，欧姆档位如图戊所示，如此知定值电阻的阻值是50 Ω考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据电路图，画出的实物图．由闭合电路欧姆定律可得出表达式，再结合图象和数学知识可得出图象的截距与斜率的含义，如此可求得电动势和内电阻．根据电表的影响分析误差原因．解答：解：〔1〕根据电路图，画出的实物图：〔2〕根据上表所示实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后根据坐标系中的点作直线，作出﹣图象：〔3〕、由闭合电路欧姆定律可得：U=R，变形得：=+，由数学知识可知，图象中的斜率为：k=截距为：b=；由图可知，b=0.1，所以E===10V；〔4〕因该接法中由于电压表的分流而导致干路电流示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要向上偏，同时，当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的，故短路电流是准确的，故图象与横轴的交点不变，所以电动势的测量值小于真实值．内阻小于真实值．〔5〕由欧姆表的读数方法可知，电阻读数为：5×10=50Ω；故答案为：〔1〕〔2〕如上图；〔3〕10；〔4〕小；〔5〕50．点评：应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，定值电阻串入电路一方向保护电源，同时扩大电源的内阻．同时电源的路端电压与电流图象与电流的交点不一定是短路电流，由电压轴是否是从零开始的．12．〔18分〕如下列图，∠A=30°的直角三角形ABC中存在一匀强磁场，磁场方向垂直三角形平面向里，磁感应强度为B．荷质比均为的一群粒子沿AB方向自A点射入磁场，这些粒子都能从AC边上射出磁场区域．AC边上的P点距离三角形顶点A为L．求：〔1〕从P点处射出的粒子的速度大小与方向；〔2〕试证明从AC边上射出的粒子在磁场中运动时间都一样，并求出这个时间是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：〔1〕粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，由几何关系分析得到粒子运动的轨道半径，由牛顿第二定律求解粒子速度大小．〔2〕根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，根据轨迹分析粒子运动半径和周期的关系，从而分析得出结论．并求出时间．解答：解：〔1〕从P点处射出的粒子与AC边的夹角为30°，这个角即为弦切角，由此可知：粒子自P处射出磁场时的速度方向必然与AC边成30°的夹角，作出粒子在磁场中的运动轨迹如图O1AP所示，△O1AP为等边三角形，可得粒子作圆周运动的半径为r=l ①设粒子的速度大小为v，由牛顿第二定律有qvB=m②由①②解得 v=③速度方向与AC边成30°的夹角指向C点一侧．〔2〕依题知，无论这群粒子的速度多大，它们都能从AC边离开磁场，在A处射入磁场中的弦切角为30°，它们从AC离开磁场时与AC边的夹角必为30°，作出粒子的运动轨迹，如图O2AQ所示，由图可知这些粒子的圆心角均为60°，设粒子在磁场中运动的时间为t，周期为T，如此有t=④T=⑤由②④⑤解得 t=显然这些粒子在磁场中的运动时间相等，大小均为．答：〔1〕从P点处射出的粒子的速度大小为，速度方向与AC边成30°的夹角指向C 点一侧．〔2〕从AC边上射出的粒子在磁场中运动时间都一样，这个时间是．点评：粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹，掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决此题的关键．13．〔18分〕如下列图，A是一个质量M=1kg、半径R=3m的四分之一圆弧槽，锁定在水平面上，A的右侧B是圆心角为60°的固定在水平面上的圆弧槽，A和B的外表均光滑且末端点切线水平，水平面PQ段粗糙，其余局部光滑且足够大，将一个质量为m=1kg的滑块C从A的顶端由静止释放，C与PQ间的动摩擦因数u=0.2，PQ段的长度l=3m，取g=10m/s2．〔1〕假设B的圆弧半径r=3m，C第一次滑到B的圆弧底端时，C对圆弧B底端的压力为多大？〔2〕假设B的圆弧半径1m＜r＜5m，滑块C仍从A的顶端由静止释放，当C滑离A的底端时解除A的锁定，使A可以在水平面上自由运动，试求因B圆弧槽半径取值不同，滑块C在粗糙水平面局部通过总路程的可能值？考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕根据动能定理求得c到达B最低点时的速度，再根据圆周运动知识点求解；〔2〕首先判定c在B上上升的最大高度，结合题目中的条件，判定c的运动情况；在求解运动的距离；解答：解：〔1〕、设c到达B的低端的速度为v1，此时C的支持力为N，根据动能定理可得：mgR﹣μmgl=m，解得：，在B的最低点由：N﹣mg=，解得：N=mg+=26N，根据牛顿第三定律得c对圆弧B的压力为26N；〔2〕设B的半径为r1时，c刚好可以从B顶端飞出，有动能定理得：mgR﹣umgl﹣mgr1〔1﹣cos60°〕=0，代入数据得：30﹣6﹣10×r1×〔1﹣0.5〕解得：r1=4.8m，假设：1m＜r＜4.8m，c从B的右端飞出，如此在水平面上运行的距离为：l=3m，假设4.8m≤r＜5m，c滑到B的最右端再原路返回，设C滑上A前瞬间的速度为v2，滑离A的瞬间速度为v3，此时A的速度为V，对c有动能定理得：，解得：v2=6m/s，对A和C由动量定理和动能定理得：mv2=mv3+MV，2，联立解得：v3=0m/s，V=6m/sv3的负号表示C从A上下滑后向右运动，设C经过PQ与B后向左再次到达P点速度为v4，有动能定理得：，解得：v4=m/s，此时c的速度小于A的速度，不会再滑上A，所以滑块C在粗糙水平面的总路程为：s=4l=12m．答：〔1〕假设B的圆弧半径r=3m，C第一次滑到B的圆弧底端时，C对圆弧B底端的压力为26N，〔2〕假设：1m＜r＜4.8m，C在水平面上运行的距离为：l=3m，假设4.8m≤r＜5m，C在水平面上运行的距离为12m．点评：此题的难度较大，一定分清运动的过程，并合理的运用动能定理和动量定理联立解题．。
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湛江市2015年普通高考测试（一）理科综合物理试题参考答案及评分标准一、13、A 14、C 15、B 16、B二、17、C D 18、A C19、A C 20、B C 21、A D三、非选择题34、（18分）（1）（8分）○10.455（2分）dt（2分）○2C（2分）○3g（2分）（2）○1实物电路图如图（2分）○2左端（2分）○37.2（2分）0.45（2分）○4D（2分）35．解析：（1）电阻R中的感应电流方向为由Q到-F……2分评分标准：满分2分。
（2）设细线中的拉力为T，对金属棒：……2分对重物：……2分式中：……1分……1分……1分当a=0时，重物匀速下落……1分解得：……2分评分标准：满分10分。
只要不缺主要公式，其他解法正确的同样给分。
（3）设电路中产生的总焦耳热为Q ，由图乙可知，当重物下降h =5m 时即开始匀速下降 根据能量守恒关系得：……2分 即：Q=0.2J ……1分所以：电阻R 中产生的焦耳热Q R 为： J Q rR R Q R 18.0=+= ……2分 评分标准：满分6分。
只要不缺主要公式，其他解法正确的同样给分。
36.解析：（1）设B 滑到A 的底端时速度为0v ，根据机械能守恒定律得：2021mv mgR =，解得s m v /60=， 由牛顿第二定律得Rv m m g F N 20=-,解得N F N 30= （2）设AB 共速速度1v ,由动量守恒定律得：10)21(v m m mv +=，得s m v /41= 对A 由动能定理得2112121mv mgS ⨯=μ，得m S 8.0= 即保证A 与平台相碰前A 、B 能够共速，S 应满足 m S 8.0>（3）由（2）可知B 进入MN 间时速度大小为1v ，当到达卡扣时速度为s m v /5=时 由动能定理得：222121mv mv mgl Fl -=-μ得 1.0=μ 即1.00≤<μ，B 从卡口右侧离开，通过的路程0.5m若B 被弹回时到达M 点速度刚好为零，此时摩擦因数2μ，由动能定理得2122102.-mv l mg -=μ，解得8.02=μ 即8.01.0≤<μ，B 从M 左侧离开，通过的路程1m若18.0<<μ，B 最终静止在N 点，通过的路程/S ,由动能定理得 21/210mv mgS Fl -=-μ，解得μ1013/=S。
2015年广东省高考物理试卷【备战高考】
2015年广东省高考物理试卷一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1．（4分）甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移﹣时间图象如图所示．下列表述正确的是（）A．0.2﹣0.5小时内，甲的加速度比乙的大B．0.2﹣0.5小时内，甲的速度比乙的大C．0.6﹣0.8小时内，甲的位移比乙的小D．0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等2．（4分）如图所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向运动，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板为参照物（）A．帆船朝正东方向航行，速度大小为vB．帆船朝正西方向航行，速度大小为vC．帆船朝南偏东45°方向航行，速度大小为vD．帆船朝北偏东45°方向航行，速度大小为v3．（4分）如图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变阻器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P，使输出电压有效值由220V降至110V．调节前后（）A．副线圈中的电流比为1：2 B．副线圈输出功率比为2：1C．副线圈的接入匝数比为2：1 D．原线圈输入功率比为1：24．（4分）在同一匀强磁场中，α粒子（He）和质子（H）做匀速圆周运动，若它们的动量大小相等，则α粒子和质子（）A．运动半径之比是2：1 B．运动周期之比是2：1C．运动速度大小之比是4：1 D．受到的洛伦兹力之比是2：1二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个正确的得3分，有错选或不答的得0分）5．（6分）如图为某实验器材的结构示意图，金属内筒和隔热外筒间封闭了一定体积的空气，内筒中有水，在水加热升温的过程中，被封闭的空气（）A．内能增大B．压强增大C．分子间引力和斥力都减小D．所有分子运动速率都增大6．（6分）科学家使用核反应获取氚，再利用氘和氚的核反应获得能量，核反应方程分别为：X+Y→He+H+4.9MeV和H+H→He+X+17.6MeV．下列表述正确的有（）A．X是中子B．Y的质子数是3，中子数是6C．两个核反应都没有质量亏损D．氘和氚的核反应是核聚变反应7．（6分）如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平地面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（）A．三条绳中的张力都相等B．杆对地面的压力大于自身重力C．绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D．绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力8．（6分）在星球表面发射探测器，当发射速度为v时，探测器可绕星球表面做匀速圆周运动，当发射速度达到v时，可摆脱星球引力束缚脱离该星球，已知地球、火星两星球的质量比约为10：1，半径比约为2：1，下列说法正确的有（）A．探测器的质量越大，脱离星球所需要的发射速度越大B．探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C．探测器分别脱离两星球所需要的发射速度相等D．探测器脱离星球的过程中，势能逐渐增大9．（6分）如图所示的水平匀强电场中，将两个带电小球M和N分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置，释放后，M、N保持静止，不计重力，则（）A．M的带电量比N的大B．M带负电荷，N带正电荷C．静止时M受到的合力比N的大D．移动过程中匀强电场对M做负功三、非选择题：（按题目要求作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）10．（8分）某同学实验打点计时器测量当地的重力加速度．（1）请完成以下主要实验步骤：按图（a）安装实验器材并连接电源；竖直提起系有重物的纸带，使重物（填“靠近”或“偏离”）计时器下端；，，使重物自由下落；关闭电源，取出纸带；换新纸带重复实验；（2）图（b）和（c）是实验获得的两条纸带，应选取（填“b”或“c”）来计算重力加速度．在实验操作和数据处理都正确的情况下，得到的结果仍小于当地重力加速度，主要原因是空气阻力和．11．（10分）某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括电压表（内阻约为3kΩ）、电流表（内阻约为1Ω）、定值电阻等。
2015年高考理综物理押题试卷及答案(word版可打印)
2015年高考理科综合物理押题试卷及答案第I卷(必做，共87分)注意事项：1．第I卷共20小题。
第1～13题每小题4分，第14～20题每小题5分，共87分。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：(略)相对原子质量：(略)二、选择题(本大题共7小题。
每小题5分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得5分。
选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．下列有关物理学史的说法中正确的是A.牛顿通过大量实验发现，只要斜面的倾角一定，不同质量的小球从不同高度开始滚动，小球的加速度都是相同的B．卡文迪许利用扭秤实验得到大量数据测出了万有引力常量C．洛伦兹首先发现电流周围存在磁场，并为解释磁体产生的磁场提出了分子电流假说D．楞次在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律15.如图，电梯与水平地面成 角，一人静止站在电梯水平梯板上，开始电梯以加速度a启动，水平梯板对人的支持力和摩擦力分别为N和f。
电梯减速至静止过程加速度大小也为a ，则A ．支持力将变大B ．摩擦力大小不变C ．加速启动过程，人处于超重状态D ．减速至静止过程，水平梯板对人的摩擦力和支持力之比仍为岳 16.2012年12月，朝鲜自行设计、制造的“光明星三号’’卫星发射成功，震惊整个国际社会“光明星三号”经过变轨后绕地球做圆周运动，运行周期为90min 。
关于“光明星三号”、同步通信卫星和赤道上随地球自转物体三者相比较，下列说法正确的是A ．“光明星三号”的角速度最大B ．同步通信卫星的线速度最小C ．随地球自转物体向心加速度最小D ．“光明星三号”的轨道运行速度大于7．9 km ／s 小于11．2 km ／s17．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b 是原线圈的中心接头，电压表V 和电流表A 均为理想电表，除滑动变阻器电阻R 以外其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上交变电压1u tV π=。
2015届湛江一中高三8月月考理综(含解析)
广东省湛江市第一中学2015届高三8月月考理综试题2014年8月27日可能用到的相对原子质量： H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Na 23 Mg 24 Cl 35.5第一部分 选择题（共118分）【试卷综析】本试卷是高三开学模拟试题，包含了高中物理必修一的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，题型大部分都是改编题，没用沿用学生熟悉的老题，是份非常好的试卷。
一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目【题文】１３．以36 km/h 的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为a ＝4 m/s 2的加速度，刹车后第三个２s 内，汽车走过的位移为( )．A ．12.5 mB ．2 mC ．10 mD ．０m【知识点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2【答案解析】 D 解析：设汽车从刹车到停下的时间设为t ，则由v=v 0+at 得t=10104v v a --=-s=2.5s,所以第三个2s 汽车早已停止，所以第三个2s 位移为零，故选D【思路点拨】根据汽车的初速度和加速度，由速度公式求出汽车从刹车到停下的时间，再分析5s 内汽车运动的情况，再根据位移公式求出汽车刹车后第三个2s 内行驶的距离．对于汽车刹车问题，不能乱套公式，要注意检查解题结果是否合理，往往先求出汽车刹车的时间，分析汽车的运动情况，再进行相关的计算．【题文】１４.如图所示，质量为1 kg 的物体与地面间的动摩擦因数μ＝0.2，从t ＝0开始以初速度v 0沿水平地面向右滑行，同时受到一个水平向左的恒力F ＝1 N 的作用，取g ＝10 m/s 2，向右为正方向，该物体受到的摩擦力f 随时间变化的图象是(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)．( )．【知识点】摩擦力的判断与计算．B2 B4【答案解析】 A 解析：：从t=0开始物体以一定初速度υ0向右滑行时，物体受到水平向左的滑动摩擦力，由公式f=μN 得摩擦力为f 1=-μN=-μmg=-2N ．物体的最大静摩擦力F m =μmg=2N ，由于F ＜F m ，所以当物体的速度减小到零时，物体将停止运动，受到水平向右的静摩擦力，由平衡条件得物体受到的静摩擦力为f 2=F=1N ．故选A【思路点拨】本题要分析物体的运动情况，根据状态分析和计算摩擦力．从t=0开始物体以一定初速度υ0向右滑行时，物体受到水平向左的滑动摩擦力，由公式f=μN求出摩擦力的大小．当物体的速度减小到零时，由于水平恒力F小于最大静摩擦力，物体将停止运动，受到水平向右的静摩擦力，由平衡条件求出静摩擦力．求摩擦力时，要分析物体的状态，确定是静摩擦力还是滑动摩擦力．基础题．【题文】１５．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比。
广东省湛江一中高三物理上学期8月月考试卷(含解析)
广东省湛江一中2015届高三上学期月考物理试卷（8月份）一、选择题（共4小题，每小题4分，满分16分）1．（4分）以36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度，刹车后第三个2s内，汽车走过的位移为（）A．12.5 m B．2 m C．10 m D．0m2．（4分）如图所示，质量为1kg的物体与地面间的动摩擦因数μ=0.2，从t=0开始以初速度v0沿水平地面向右滑行，同时受到一个水平向左的恒力F=1N的作用，取g=10m/s2，向右为正方向，该物体受到的摩擦力f随时间变化的图象是（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A．B．C．D．3．（4分）以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的是（）A．B．C．D．4．（4分）一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小直至为零，则此过程中（）A．速度先逐渐变大，然后再逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度先均匀增加，然后增加得越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分5．（6分）下列说法正确的是（）A．某接触面间产生弹力，则一定有摩擦力B．某接触面间产生摩擦力，则一定有弹力C．某接触面间产生的摩擦力方向与弹力方向一定垂直D．猴子匀速往上爬杆，杆对猴子的摩擦力方向向下6．（6分）北京时间2013年12月15日4时35分，嫦娥三号着陆器与巡视器分离，“玉兔号”巡视器顺利驶抵月球表面，在此过程中，下列说法正确的是（）A．以月球为参考系，着陆器是静止的B．以地球为参考系，着陆器是静止的C．以着陆器为参考系，巡视器是运动的D．地面科研人员研究分离技术，可以将巡视器视为质点7．（6分）甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=+3m/s2，a乙=﹣5m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是（）A．甲的加速度小于乙的加速度B．甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化慢D．甲、乙在不相等时间内速度变化可能相等8．（6分）如图所示，将两相同的木块a、b置于光滑的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止，弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力．现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（）A．a受到合外力为零B．b受到合外力为零C．弹簧弹力为零D．左侧细绳拉力不为零9．（6分）一个以初速度v0沿直线运动的物体，t时刻的速度为v t，其v﹣t图象如图所示，则关于时间t内物体运动情况，以下说法正确的是（）A．平均速度大于B．物体发生的位移大于tC．物体的加速度一直减少D．物体先减速后加速运动三、解答题（共4小题，满分52分）10．（6分）在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，某同学的操作步骤如下，其中错误的步骤有．A．拉住纸带，将小车移到靠近打点计时器处先放开纸带，再接通电源B．将打点计时器固定在平板上，并接好电源C．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码D．取下纸带E．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔F．换上新纸带重复实验三次．若该同学将以上步骤完善以后，操作步骤按合理顺序．11．（12分）在“研究匀变速直线运动”的实验中，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了O，A，B，C，D，E，F共7个计数点（图中每相邻两个记数点间还有四个打点计时器打下的点未画出），如实图所示．打点计时器接的是50Hz的低压交流电源．他将一把毫米刻度尺放在纸带上，其零刻度和记数点O对齐，从刻度尺上直接读取数据记录在表中．线段OA OB OC OD OE OF数据/cm 0.54 1.53 2.92 4.76 9.40（1）根据刻度尺读出E点的数值为m．（2）由以上数据可计算出打点计时器在打A、B、C、D、E各点时物体的速度，图中与E点对应的速度为m/s．（3）某同学处理数据时，并未作出v﹣t图象，而是作﹣t图，s表示A、B、C、D、E、F 各点到o点的距离，t表示对应的时间．由图可知，纵轴的截距表示，斜率表示．12．（18分）某教练员选拔短跑运动员，要对运动员进行测试．对某运动员测试，在启跑后2s内通过的距离为10m（视为匀加速度过程）．该运动员的最大速度为10m/s，持续时间不超过10s．之后，减速运动，加速度大小为1m/s2．若把短跑运动员完成比赛跑的过程简化为匀加速直线运动、匀速直线运动及减速阶段．（1）求该运动员启动阶段的加速度大小．（2）求该运动员100m赛的最好成绩．13．（16分）如图所示，水平地面上静止放置一辆小车A，质量m A=4kg，车长L=0.4m，上表面不光滑，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计．小车以V=1.2m/s在水平地面匀速运动．将可视为质点的物块B无初速度地置于A的最右端，B的质量mB=2kg．AB间的动摩擦因素为u=0.2，AB间的最大静摩擦力可以认为等于滑动摩擦力．现对A施加一个水平向右的恒力F作用．（g=10m/s2，所有计算结果保留两位有效数字）（1）要维持小车匀速运动，求F的大小？（2）当A匀速运动时，求从B放上A至B相对A静止，A发生的位移大小？（3）要使物块B不从小车A上掉下，求F的大小？广东省湛江一中2015届高三上学期月考物理试卷（8月份）参考答案与试题解析一、选择题（共4小题，每小题4分，满分16分）1．（4分）以36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度，刹车后第三个2s内，汽车走过的位移为（）A．12.5 m B．2 m C．10 m D．0m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出汽车走过的位移．解答：解：36km/h=10m/s，汽车速度减为零的时间，可知2.5s停止，刹车后第三个2s内的位移为零，故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动．2．（4分）如图所示，质量为1kg的物体与地面间的动摩擦因数μ=0.2，从t=0开始以初速度v0沿水平地面向右滑行，同时受到一个水平向左的恒力F=1N的作用，取g=10m/s2，向右为正方向，该物体受到的摩擦力f随时间变化的图象是（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A．B．C．D．考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：先分析物体的运动情况：物体先向右做匀减速运动，当速度减到零时，根据恒力F 与最大静摩擦力的关系，分析物体的状态，再研究摩擦力．解答：解：从t=0开始以初速度v0沿水平地面向右做匀减速运动，受到的滑动摩擦力大小为f=μmg=0.2×1×10N=2N，方向向左，为负值．当物体的速度减到零时，物体所受的最大静摩擦力为f m＞μmg=2N，则F＜f m，所以物体不能被拉动而处于静止状态，受到静摩擦力作用，其大小为f=F=1N，方向向右，为正值，根据数学知识得知，A图象正确．故选：A．点评：对于摩擦力，要根据物体的受力情况分析物体的状态，判断物体受到的是静摩擦力还是滑动摩擦力，滑动摩擦力可以根据公式求解，而静摩擦力由平衡条件求解．3．（4分）以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变，故其v﹣t图象是直线；有阻力时，根据牛顿第二定律判断加速度情况，v﹣t图象的斜率表示加速度．解答：解：没有空气阻力时，物体只受重力，是竖直上抛运动，v﹣t图象是直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二定律，有： mg﹣f=ma，故a=g﹣，由于阻力随着速度而增大，故加速度减小；v﹣t图象的斜率表示加速度，故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故选：D．点评：本题关键是明确v﹣t图象上某点的切线斜率表示加速度，速度为零时加速度为g，不难．4．（4分）一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小直至为零，则此过程中（）A．速度先逐渐变大，然后再逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度先均匀增加，然后增加得越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：知道加速度是描述速度变化快慢的物理量；判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．解答：解：A、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度达到最大值．故A错误，B正确．C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大．故CD错误．故选：B．点评：要清楚物理量的物理意义，要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确定的．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分5．（6分）下列说法正确的是（）A．某接触面间产生弹力，则一定有摩擦力B．某接触面间产生摩擦力，则一定有弹力C．某接触面间产生的摩擦力方向与弹力方向一定垂直D．猴子匀速往上爬杆，杆对猴子的摩擦力方向向下考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：弹力产生的条件：相互接触挤压；摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势．弹力的方向垂直于接触面，摩擦力的方向与接触面相切，与相对运动或相对运动趋势的方向相反．解答：解：A、B、弹力产生的条件：相互接触挤压；摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势；可见，有摩擦力，必有弹力；有弹力，不一定有摩擦力；故A错误，B正确；C、弹力的方向垂直于接触面，摩擦力的方向与接触面相切，故同一接触面上的弹力与摩擦力方向一定是垂直的，故C正确；D、匀速往上爬杆，杆对猴子的摩擦力与重力平衡，即方向向上，故D错误；故选：BC．点评：解决本题的关键掌握弹力和摩擦力的产生条件，以及它们的方向．知道有摩擦力，必有弹力；有弹力，不一定有摩擦力．6．（6分）北京时间2013年12月15日4时35分，嫦娥三号着陆器与巡视器分离，“玉兔号”巡视器顺利驶抵月球表面，在此过程中，下列说法正确的是（）A．以月球为参考系，着陆器是静止的B．以地球为参考系，着陆器是静止的C．以着陆器为参考系，巡视器是运动的D．地面科研人员研究分离技术，可以将巡视器视为质点考点：参考系和坐标系．分析：判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间发生了位置的改变，被研究的物体是运动的．否则是静止的．解答：解：A、在月球表面上静止的“玉兔号”巡视器，相对月球是静止的．故A正确；B、在月球表面上静止的“玉兔号”巡视器相对地球的位置发生了改变，因此时运动的，故B错误；C、以着陆器为参考系，巡视器是运动的．故C正确；D、地面科研人员研究分离技术，巡视器的大小与形状是不能忽略的，所以不能将巡视器视为质点．故D错误．故选：AC点评：一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物．所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性．7．（6分）甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=+3m/s2，a乙=﹣5m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是（）A．甲的加速度小于乙的加速度B．甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化慢D．甲、乙在不相等时间内速度变化可能相等考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：正确解答本题需要掌握：加速度为矢量，负号表示方向，不表示其大小；当加速度方向和速度方向相同时，速度越来越大，相反时速度越来越小．解答：解：A、加速度为矢量，负号表示方向，因此甲的加速度小于乙的加速度，故A正确；B、甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=+3m/s2，a乙=﹣5m/s2，甲的加速度和速度方向一致，乙的加速度和速度方向相反，所以甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动，故B正确；C、加速度表示速度变化的快慢，甲的加速度小于乙的加速度，所以甲的速度比乙的速度变化慢，故C正确；D、速度变化方向与加速度方向相同，甲、乙两个物体加速度方向相反，所以甲、乙在不相等时间内速度变化方向不同，故D错误；故选：ABC．点评：加速度、速度是高中物理中重要的概念，要正确区分它们之间的关系，明确加速度与速度无关，加速度表示的速度的变化快慢．8．（6分）如图所示，将两相同的木块a、b置于光滑的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止，弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力．现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（）A．a受到合外力为零B．b受到合外力为零C．弹簧弹力为零D．左侧细绳拉力不为零考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变，通过隔离分析，判断a、b的受力情况．解答：解：将右侧的细绳剪断的瞬间，弹簧弹力不变，a仍然受到拉力和弹力作用，合力为零，b所受的合力等于弹簧的弹力，合力不为零．故A、D正确，B、C错误．故选：AD．点评：本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，注意弹簧剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，基础题．9．（6分）一个以初速度v0沿直线运动的物体，t时刻的速度为v t，其v﹣t图象如图所示，则关于时间t内物体运动情况，以下说法正确的是（）A．平均速度大于B．物体发生的位移大于tC．物体的加速度一直减少D．物体先减速后加速运动考点：平均速度；匀变速直线运动的图像．专题：直线运动规律专题．分析：由图可知物体的运动状态，由图象的斜率可得出加速度的变化；将该运动与匀变速直线运动比较可得出平均速度与的关系，即可判断出位移解答：解：A、连接图象的起点和终点可得到一个匀变速直线运动，其平均速度为；，变加速运动的位移大于匀变速直线运动的位移，故可知，变加速运动的平均速度大于；故A正确，B、由A可知，物体发生的位移大于t，故B正确；C、由图可知，物体做加速度减小的加速运动，速度先减小后增大，故CD正确；故选：ABCD点评：v﹣t图象中图象的斜率表示物体的加速度，则根据斜率可求得加速度的变化；由图象的面积可得出物体通过的位移．三、解答题（共4小题，满分52分）10．（6分）在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，某同学的操作步骤如下，其中错误的步骤有A．A．拉住纸带，将小车移到靠近打点计时器处先放开纸带，再接通电源B．将打点计时器固定在平板上，并接好电源C．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码D．取下纸带E．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔F．换上新纸带重复实验三次．若该同学将以上步骤完善以后，操作步骤按合理顺序BECADF．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．安排实验步骤要本着先安装器材，然后进行实验的思路进行，一般每完成一次实验，都要进行重复实验．解答：解：其中错误的是：A、实验时，不能先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以应该先接通电源，再释放纸带．安排实验步骤要本着先安装器材，然后进行实验的思路进行，一般每完成一次实验，都要进行重复实验，实验步骤要符合逻辑，不能颠三倒四的．故顺序为：BECADF．故答案为：A；BECADF．点评：教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚，同时加强基础知识的应用，提高解题能力．11．（12分）在“研究匀变速直线运动”的实验中，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了O，A，B，C，D，E，F共7个计数点（图中每相邻两个记数点间还有四个打点计时器打下的点未画出），如实图所示．打点计时器接的是50Hz的低压交流电源．他将一把毫米刻度尺放在纸带上，其零刻度和记数点O对齐，从刻度尺上直接读取数据记录在表中．线段OA OB OC OD OE OF数据/cm 0.54 1.53 2.92 4.76 7.00 9.40（1）根据刻度尺读出E点的数值为0.0700m．（2）由以上数据可计算出打点计时器在打A、B、C、D、E各点时物体的速度，图中与E点对应的速度为0.232m/s．（3）某同学处理数据时，并未作出v﹣t图象，而是作﹣t图，s表示A、B、C、D、E、F各点到o点的距离，t表示对应的时间．由图可知，纵轴的截距表示O点速度，斜率表示加速度的一半．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：按照有效数字的读数规则读出E点的数值．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上记数点时的瞬时速度大小．根据匀变速直线运动规律得出与t的关系．解答：解：（1）根据刻度尺读出E点的数值为0.0700m，（2）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上E点时小车的瞬时速度大小．v E==0.232m/s（3）根据匀加速直线运动的规律得：s=v0t+at2，所以=v0+at，所以纵轴的截距表示O点速度，斜率k=a，即斜率表示加速度的一半．故答案为：（1）0.0700（2）0.232（3）O点速度；加速度的一半．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．12．（18分）某教练员选拔短跑运动员，要对运动员进行测试．对某运动员测试，在启跑后2s内通过的距离为10m（视为匀加速度过程）．该运动员的最大速度为10m/s，持续时间不超过10s．之后，减速运动，加速度大小为1m/s2．若把短跑运动员完成比赛跑的过程简化为匀加速直线运动、匀速直线运动及减速阶段．（1）求该运动员启动阶段的加速度大小．（2）求该运动员100m赛的最好成绩．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动员启动阶段的加速度大小．根据匀加速和匀速运动的时间之和求出运动员100m的最好成绩．解答：解：（1）根据得，则匀加速运动的加速度a=．（2）匀加速运动到最大速度的时间，则匀速运动的位移x2=100﹣10m=90m，匀速运动的时间，运动员的最好成绩t=t1+t2=2+9s=11s．答：（1）该运动员启动阶段的加速度大小为5m/s2．（2）该运动员100m赛的最好成绩为11s．点评：解决本题的关键理清运动员在整个过程中的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．13．（16分）如图所示，水平地面上静止放置一辆小车A，质量m A=4kg，车长L=0.4m，上表面不光滑，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计．小车以V=1.2m/s在水平地面匀速运动．将可视为质点的物块B无初速度地置于A的最右端，B的质量mB=2kg．AB间的动摩擦因素为u=0.2，AB间的最大静摩擦力可以认为等于滑动摩擦力．现对A施加一个水平向右的恒力F作用．（g=10m/s2，所有计算结果保留两位有效数字）（1）要维持小车匀速运动，求F的大小？（2）当A匀速运动时，求从B放上A至B相对A静止，A发生的位移大小？（3）要使物块B不从小车A上掉下，求F的大小？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）对两个物体分别受力分析，根据平衡条件列式分析；（2）对两个物体分别受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解位移，最后求解相对位移即可；（3）考虑恰好不掉下的临界情况，得到最大拉力即可．解答：解：（1）A相对B向右运动，A受到B对它的向左的滑动摩擦力大小为：f=μm B g要维持A的匀速运动，由平衡条件可知：F=f解得：F=4N（2）B在滑动摩擦力的作用下做匀加速直线运动，加速度为：a B=μg从B放上A到B相对A静止，B的运动时间为：t=在时间t内，A发生的位移为：S=vt解得：S=0.72m（3）当外力F达到最大时，A加速，B加速，且B滑动到A的最左端，AB同速；对A：F﹣μm B g=m A a A当AB同速时，经历的时间为t1，故：v+a A t1=a B t1在时间t1内，A发生的位移为S A，B发生的位移为S B，故：且位移满足：S A﹣L=S B解得：F=4.8N当F=4.8N 时，共同加速度为：=0.80m/s2a t＜a B，达到共速后，AB以0.80m/s2的加速度一起匀加速；F越小，B在A上的相对位移越小，故要使B不从A上滑落，F的取值范围是：0≤F≤4.8N；答：（1）要维持小车匀速运动，求F的大小为4N；（2）当A匀速运动时，求从B放上A至B相对A静止，A发生的位移大小为0.72m；（3）要使物块B不从小车A上掉下，求F的大小范围为：0≤F≤4.8N．点评：本题关键是分别对两个物体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据运动学公式分析相对运动情况，不难．。
广东省湛江市2015届高三毕业班调研测试理综物理试题 Word版含答案
湛江市2015届高中毕业班调研测试题物理部分13．如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）A.越来越小B.越来越大C.先变大后变小D.先变小后变大14．小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速运动，产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示。
则下列有关说法中正确的是（）A．该交流电电压的有效值为100VB．交流电电压的瞬时值为100VC．t=0.02s时刻线圈平面在中性面HD．交流电的频率为0.02Zv 图象，乙图为河水的流速与到河岸距离的关系图15．如图所示，甲图为船在静水中的t象，则（）A．船渡河的距离等于河宽300mB．船渡河的最短时间等于100sC．若船头始终与河岸垂直，则船在河水中航行的轨迹是一条直线D．若船头始终与河岸垂直，则船在河水中作匀变速曲线运动16．在亚运会高台跳水比赛中，质量为m的跳水运动员进入水中后受到阻力（包含浮力）而竖直向下做匀减速运动，设水对她的阻力大小恒为F，则在她减速下降深度为h的过程中，下列说法正确的是（）A．她的动能减少了FhB．她的重力势能减少了mghC．她的机械能减少了(F-mg)hD．她的机械能减少了mgh17．如图所示，厚壁容器的一端通过胶塞插进一只灵敏温度计和一根气针，另一端有个用卡子卡住的可移动胶塞。
用打气筒慢慢向筒内打气，使容器内的压强增加到一定程度，这时读出温度计的示数。
打开卡子，胶塞冲出容器过程中（ ）A ．温度计示数变大B ．温度计示数变小C ．气体内能减少D ．气体内能增加 18．关于天然放射现象，下列说法中正确的是（ ） A ．γ 射线不带电，它是频率很高的电磁波 B ．核裂变与核聚变都伴随有质量亏损C ．某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，核内中子数不变D ．采用物理或化学方法可以有效地改变放射元素的半衰期19．如图所示，地球同步卫星运行周期与地球自转的周期相同，同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍，下列说法中正确的是（ ）A ．同步卫星比地球自转的角速度大B ．同步卫星比地球自转的线速度大C ．同步卫星比地球自转的线速度小D ．同步卫星比随地球自转的物体的向心加速度大20．如图所示，在竖直面内带有等量正负电荷所形成电场的中垂线上有一点P ，一个带正电的带电粒子A 在外力作用下从P 点沿着中垂线向下运动，下列说法正确的是（ ） A ．粒子A 向下运动过程中电场力一定越来越大B ．粒子A 向下运动过程中电场力一定先增大后减小C ．粒子A 向下运动过程中所经各点电热一定相等D ．粒子A 向下运动过程中电势能一定越来越小21．如图所示，导线ab 、cd 跨接在电阻不计的光滑导轨上，ab的电阻为2R ，cd 的电阻为R 。
2015年广东省湛江市遂溪一中高考物理冲刺试卷(一) .doc
2015年广东省湛江市遂溪一中高考物理冲刺试卷（一）一、单项选择题1．首次用实验验证“爱因斯坦质能方程”的核反应方程是：错误！未指定书签。
Li+错误！未指定书签。
H→K错误！未指定书签。
He，已知m Li=7.0160u，m H=1.0078u，m He=4.0026u，则该核反应方程中的K值和质量亏损分别是（）A．1 和 4.0212u B．1 和 2.0056u C．2 和 0.0186u D．2 和 1.9970u2．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．错误！未指定书签。
B．错误！未指定书签。
C．错误！未指定书签。
D．错误！未指定书签。
3．我国“玉兔号”月球车被顺利送抵月球表面，并发回大量图片和信息．若该月球车在地球表面的重力为G1，在月球表面的重力为G2．已知地球半径为R1，月球半径为R2，地球表面处的重力加速度为g，则（）A．“玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为错误！未指定书签。
B．地球的质量与月球的质量之比为错误！未指定书签。
C．地球表面处的重力加速度与月球表面处的重力加速度之比为错误！未指定书签。
D．地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比为错误！未指定书签。
4．如图A、C是以正点电荷Q为圆心的某一圆周上的两点，B是线段AC的中点．现将一正电荷从A 经B移到C，则（）错误！未指定书签。
A．从A到C，电场力对该电荷一直做正功B．从A到C，电场力对该电荷一直不做功C．该电荷在A、B、C三点时的电势能大小关系是εB＞εA=εCD．该电荷在A、B、C三点时所受电场力的大小关系是F B＜F A=F C二、双项选择题5．下列说法正确的是（）A．布朗运动就是液体分子的无规则运动B．当两分子间距离增大时，分子力一定减小而分子势能一定增加C．热量不会自动地从低温物体传给高温物体而不引起其他变化D．夏天将密闭有空气的矿泉水瓶放进低温的冰箱中会变扁，此过程中瓶内空气（可看成理想气体）的内能减小，外界对其做功同时向外放热6．如图为远距离输电的电路原理图，变压器均为理想变压器并标示了电压和电流，其中输电线总电阻为R，则（）错误！未指定书签。
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2015年广东省湛江市遂溪一中高考物理冲刺试卷（一）一、单项选择题1．首次用实验验证“爱因斯坦质能方程”的核反应方程是：Li+H→K He，已知m Li=7.0160u，m H=1.0078u，m He=4.0026u，则该核反应方程中的K值和质量亏损分别是（）A．1 和4.0212u B．1 和2.0056u C．2 和0.0186u D．2 和1.9970u2．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．3．我国“玉兔号”月球车被顺利送抵月球表面，并发回大量图片和信息．若该月球车在地球表面的重力为G1，在月球表面的重力为G2．已知地球半径为R1，月球半径为R2，地球表面处的重力加速度为g，则（）A．“玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为B．地球的质量与月球的质量之比为C．地球表面处的重力加速度与月球表面处的重力加速度之比为D．地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比为4．如图A、C是以正点电荷Q为圆心的某一圆周上的两点，B是线段AC的中点．现将一正电荷从A经B移到C，则（）A．从A到C，电场力对该电荷一直做正功B．从A到C，电场力对该电荷一直不做功C．该电荷在A、B、C三点时的电势能大小关系是εB＞εA=εCD．该电荷在A、B、C三点时所受电场力的大小关系是F B＜F A=F C二、双项选择题5．下列说法正确的是（）A．布朗运动就是液体分子的无规则运动B．当两分子间距离增大时，分子力一定减小而分子势能一定增加C．热量不会自动地从低温物体传给高温物体而不引起其他变化D．夏天将密闭有空气的矿泉水瓶放进低温的冰箱中会变扁，此过程中瓶内空气（可看成理想气体）的内能减小，外界对其做功同时向外放热6．如图为远距离输电的电路原理图，变压器均为理想变压器并标示了电压和电流，其中输电线总电阻为R，则（）A．I2=B．I2＜C．用户得到的电功率与电厂输出的电功率相等D．用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等7．如图所示，垂直于纸面向里的匀强磁场分布在正方形abcd区域内，O点是cd边的中点．一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场．现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是（）A．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ad边射出磁场B．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从cd边射出磁场C．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从bc边射出磁场D．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ab边射出磁场8．锂电池因能量高、环保、无污染而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是（）A．电能转化为化学能的功率为UIB．充电器输出的电功率为UIC．电池产生的热功率为I2rD．充电器的充电效率为×100%9．如图（甲）所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴Ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图（乙）所示．其中OA段为直线，切于A点的曲线AB和BC 都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A．x A=h，a A=0 B．x A=h，a A=gC．x B=h+，a B=0 D．x C=h+，a C=0三、试验题10．完成以下“验证力的平行四边形定则”实验的几个主要步骤：①如图甲，用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点O 点的位置、两弹簧测力计的读数F1、F2以及．②如图乙，用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条的结点拉到，记下细绳套的方向（如图丙中的c），读得弹簧测力计的示数F=．③如图丙，按选定的标度作出了力F1、F2的图示，请在图丙中：a．按同样的标度作出力F的图示b．按力的平行四边形定则作出F1、F2的合力F′11．图（a）是测量电源电动势E和内阻r的原理图．R0=2.5Ω为定值保护电阻，电流表内阻不计，单位长度电阻r0=0.10Ω/cm的电阻丝ac上标有长度刻度．①请根据原理图连接图（b）的实物图；②闭合开关S，记录ab的长度L和电流表A的示数I；滑动b点改变ab的长度L，测得6组L和I 值，并算出对应的值．写出与L、E、r、R0、r0的关系式=；③图（c）中的“×”是已标出的实验数据，请作出随L变化的图线；④根据﹣L图线算出电源电动势E=V，内阻r=Ω．（计算结果保留到小数点后两位）三、大题12．如图，Q为一个原来静止在光滑水平面上的物体，其DB段为一半径为R的光滑圆弧轨道，AD 段为一长度为L=R的粗糙水平轨道，二者相切于D点，D在圆心O的正下方，整个轨道位于同一竖直平面内．物块P的质量为m（可视为质点），P与AD间的动摩擦因数μ=0.1，物体Q的质量为M=2m，重力加速度为g．（1）若Q固定，P以速度v0从A点滑上水平轨道，冲至C点后返回A点时恰好静止，求v0大小．（2）若Q固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P第一次越过D点时对D点的压力大小．（3）若Q不固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P在光滑圆弧轨道上所能达到的最大高度h．13．如图1所示，两根与水平面成θ=30°角的足够长光滑金属导轨平行放置，导轨间距为L=1m，导轨底端接有阻值为0.5的电阻R，导轨的电阻忽略不计．整个装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面斜向上，磁感应强度B=1T．现有一质量为m=0.2kg、电阻为0.5的金属棒用细绳通过光滑滑轮与质量为M=0.5kg的物体相连，细绳与导轨平面平行．将金属棒与M由静止释放，棒沿导轨运动了2m后开始做匀速运动．运动过程中，棒与导轨始终保持垂直接触．（取重力加速度g=10m/s2）求：（1）金属棒匀速运动时的速度；（2）棒从释放到开始匀速运动的过程中，电阻R上产生的焦耳热；（3）若保持某一大小的磁感应强度B1不变，取不同质量M的物块拉动金属棒，测出金属棒相应的做匀速运动的v值，得到实验图象如图2所示，请根据图中的数据计算出此时的B1；（4）改变磁感应强度的大小为B2，B2=2B1，其他条件不变，请在坐标图2上画出相应的v﹣M图线，并请说明图线与M轴的交点的物理意义．2015年广东省湛江市遂溪一中高考物理冲刺试卷（一）参考答案与试题解析一、单项选择题1．首次用实验验证“爱因斯坦质能方程”的核反应方程是：Li+H→K He，已知m Li=7.0160u，m H=1.0078u，m He=4.0026u，则该核反应方程中的K值和质量亏损分别是（）A．1 和4.0212u B．1 和2.0056u C．2 和0.0186u D．2 和1.9970u【考点】爱因斯坦质能方程．【专题】爱因斯坦的质能方程应用专题．【分析】核反应方程同时满足质量数守恒和电荷数守恒．根据反应前后各个核子的质量差求质量亏损．【解答】解：根据核反应前后质量数守恒和电荷数守恒可得：7+1=K×43+1=K×2可得K=2反应前的总质量：m前=m Li+m H=7.0160u+1.0078u=8.0238u反应后的总质量：m后=2m He=2×4.0026u=8.0052u反应前后质量亏损为：△m=m前﹣m后=8.0238u﹣8.0052u=0.0186u故选C【点评】直接利用核反应方程的质量数和电荷数守恒即可正确求解，根据核子的质量求解核反应过程中的质量亏损．2．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】超重和失重．【专题】运动学中的图像专题．【分析】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态．【解答】解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，所以D正确．故选D．【点评】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．3．我国“玉兔号”月球车被顺利送抵月球表面，并发回大量图片和信息．若该月球车在地球表面的重力为G1，在月球表面的重力为G2．已知地球半径为R1，月球半径为R2，地球表面处的重力加速度为g，则（）A．“玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为B．地球的质量与月球的质量之比为C．地球表面处的重力加速度与月球表面处的重力加速度之比为D．地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比为【考点】万有引力定律及其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【专题】万有引力定律的应用专题．=mg表示出g进行比较；忽略星球自【分析】质量是不变的，重力是改变的，根据重力表达式G重转的影响，根据万有引力等于重力列出等式比较地球和月球的质量；第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．【解答】解：A、质量是表示物体含物质多少的物理量，与引力无关，故“玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为1：1，故A错误．B、根据g=，有：M=，故地球的质量与月球的质量之比为：=，故B 错误．C、重力加速度：g=，故地球表面处的重力加速度与月球表面处的重力加速度之比为G1：G2，故C错误．D、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度：v=，故地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度之比为：==，故D正确．故选：D．【点评】本题关键是明确重力和质量的区别，知道第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，根据牛顿第二定律列式分析即可．4．如图A、C是以正点电荷Q为圆心的某一圆周上的两点，B是线段AC的中点．现将一正电荷从A经B移到C，则（）A．从A到C，电场力对该电荷一直做正功B．从A到C，电场力对该电荷一直不做功C．该电荷在A、B、C三点时的电势能大小关系是εB＞εA=εCD．该电荷在A、B、C三点时所受电场力的大小关系是F B＜F A=F C【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】A、C两点在以正电荷Q为圆心的同一圆周上，电势相等，正电荷从A运动到C过程，电场力先做负功后做正功，总功为零，根据动能定理研究从A运动到C的过程，求出正电荷速度的大小变化，从而确定动能的变化，进而得出电势能的变化．【解答】解：AB、从A到C，电场力对该电荷先做负功，后做正功，故A、B错误；C、从A到C，电场力先做负功，后做正功，则它的动能先减小后增加，则电势能先增加后减小，因此电势能的大小关系是εB＞εA=εC，故C正确；D、电场力大小由电场线的疏密决定，从A到B经过C，电场线先密后疏，则电场力先变大后变小，所受电场力的大小关系是F B＞F A=F C，故D错误．故选：C．【点评】掌握点电荷的电场线与等势线的分布，且电场力做功与动能变化有关，常常应用动能定理求解动能的变化，从而得出电势能的变化．二、双项选择题5．下列说法正确的是（）A．布朗运动就是液体分子的无规则运动B．当两分子间距离增大时，分子力一定减小而分子势能一定增加C．热量不会自动地从低温物体传给高温物体而不引起其他变化D．夏天将密闭有空气的矿泉水瓶放进低温的冰箱中会变扁，此过程中瓶内空气（可看成理想气体）的内能减小，外界对其做功同时向外放热【考点】热力学第二定律；布朗运动；热力学第一定律．【分析】布朗运动是液体中固体微粒的无规则运动．热量不会自动地从低温物体传给高温物体而不引起其他变化．根据热力学第一定律分析气体内能的变化．【解答】解：A、布朗运动是液体中固体微粒的无规则运动，反映的是液体分子的无规则运动，故A 错误．B、分子表现为引力时，距离增大，要克服引力做功，所以分子势能增加，故B错误．C、根据热力学第二定律可知，热量不会自动地从低温物体传给高温物体而不引起其他变化，故C 正确．D、夏天将密闭有空气的矿泉水瓶放进低温的冰箱中会变扁，此过程中瓶内空气温度降低，内能减小，气体的体积减小，外界对其做功同时向外放热，故D正确故选：CD【点评】本题主要考查布朗运动、分子之间的作用力、热力学第一定律与热力学第二定律等基本知识点，要记住热力学第二定律的几种不同的说法．6．如图为远距离输电的电路原理图，变压器均为理想变压器并标示了电压和电流，其中输电线总电阻为R，则（）A．I2=B．I2＜C．用户得到的电功率与电厂输出的电功率相等D．用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等【考点】远距离输电．【专题】交流电专题．【分析】输电线上有电压降，U＜U2，根据欧姆定律研究I2．输电线上有功率损失，用户得到的电线功率必定小于电厂输出的电功率．但用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等．【解答】解：A、B、由于输电线总电阻为R，输电线上有电压降，U＜U2．根据欧姆定律得：I2=＜，故线A错误，B正确．C、输电线上有功率损失，理想变压器不改变电功率，所以用户得到的电功率小于电厂输出的电功率，故C错误．D、根据变压器的原理可知原副线圈中交变电流的频率相等，所以用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等，故D正确．故选：BD【点评】本题运用欧姆定律时要注意各个量应对应同一段电路，要正确分析电压和功率的分配，即可分析远距离输电问题．7．如图所示，垂直于纸面向里的匀强磁场分布在正方形abcd区域内，O点是cd边的中点．一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场．现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是（）A．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ad边射出磁场B．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从cd边射出磁场C．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从bc边射出磁场D．若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ab边射出磁场【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】根据几何关系确定带电粒子在磁场中的运动轨迹并确定其圆心角，根据其从各边穿出时的角度及时间确定能否从各边穿出．【解答】解：由题，带电粒子以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场，则知带电粒子的运动周期为T=2t0．A、当带电粒子的轨迹与ad边相切时，轨迹的圆心角为60°，粒子运动的时间为t=T=，在所有从ad边射出的粒子中最长时间为，故若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，一定不是从ad边射出磁场．故A错误．B、若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0=T，则粒子轨迹的圆心角为θ==，速度的偏向角也为，根据几何知识得知，粒子射出磁场时与磁场边界的夹角为30°，必定从cd射出磁场．故B正确．C、若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0=T，则得到轨迹的圆心角为π，由于＞＞π，则它一定从bc边射出磁场，故C正确．D、若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0=T，则得到轨迹的圆心角为π，而粒子从ab边射出磁场时最大的偏向角等于60°+90°=150°=π＜π，故不一定从ab边射出磁场．故D错误．故选：BC【点评】本题是带电粒子在磁场中圆周运动类型，抓住粒子的周期一定，根据速度的偏向角等于轨迹的圆心角，由圆心角确定粒子在磁场中的运动时间．8．锂电池因能量高、环保、无污染而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是（）A．电能转化为化学能的功率为UIB．充电器输出的电功率为UIC．电池产生的热功率为I2rD．充电器的充电效率为×100%【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电池的充电和放电过程是电能和化学能转化的过程，给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内，根据能量守恒定律列式求解．，故电能【解答】解：A、充电时，电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律，有：UI=I2r+P化=UI﹣I2r，故A错误；转化为化学能的功率P化B、充电器消耗的电功率为：P=UI，故B正确；=I2r，故C正确；C、电池产生的热功率为P热D、充电器的充电效率为：η=×100%=×100%，故D错误．故选：BC．【点评】本题关键明确充电电路中的能量转化情况，电路电阻消耗功率的计算用焦耳定律求解，电功率用P=UI求解．9．如图（甲）所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴Ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图（乙）所示．其中OA段为直线，切于A点的曲线AB和BC 都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A．x A=h，a A=0 B．x A=h，a A=gC．x B=h+，a B=0 D．x C=h+，a C=0【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】OA过程是自由落体，A的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可还以计算出弹簧的形变量；C点时速度减为零，弹簧被压缩到最低点，弹簧的弹力最大，可以分析物体的加速度．【解答】B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知x=，所以B得坐标为h+，所以C正确．取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于h+2，加速度a c＞g，所以D错误．故选：BC【点评】知道物体压缩弹簧的过程，就可以逐个分析位移和加速度．三、试验题10．完成以下“验证力的平行四边形定则”实验的几个主要步骤：①如图甲，用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点O 点的位置、两弹簧测力计的读数F1、F2以及两细绳套的方向．②如图乙，用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条的结点拉到同一位置O，记下细绳套的方向（如图丙中的c），读得弹簧测力计的示数F= 4.0N．③如图丙，按选定的标度作出了力F1、F2的图示，请在图丙中：a．按同样的标度作出力F的图示b．按力的平行四边形定则作出F1、F2的合力F′【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题．【分析】根据验证力的平行四边形定则的实验注意事项分析答题，按照力的图示法作出力的图示，根据平行四边形定则作出合力．【解答】解：①如图甲，用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点位置O和两测力计的示数F1、F2以及两细绳套的方向．②如图乙，用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条的结点拉到同一位置O，记下细绳套的方向，由图示弹簧测力计可读得弹簧测力计的示数F=4.0N；③a、按力的图示方法作出力F的图示如图所示；b、根据力的平行四边形定则，作出F1、F2的合力F′，如图所示．故答案为：①两细绳套的方向；②同一位置O；4.0N；③如图所示．【点评】本题考查了实验注意事项、作力的图示等问题，掌握基础知识即可正确解题，平时要注意基础知识的学习，要掌握力的图示的作图方法．11．图（a）是测量电源电动势E和内阻r的原理图．R0=2.5Ω为定值保护电阻，电流表内阻不计，单位长度电阻r0=0.10Ω/cm的电阻丝ac上标有长度刻度．①请根据原理图连接图（b）的实物图；②闭合开关S，记录ab的长度L和电流表A的示数I；滑动b点改变ab的长度L，测得6组L和I 值，并算出对应的值．写出与L、E、r、R0、r0的关系式=•L+；③图（c）中的“×”是已标出的实验数据，请作出随L变化的图线；④根据﹣L图线算出电源电动势E= 1.47V，内阻r=0.44Ω．（计算结果保留到小数点后两位）【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】①根据电路图连接实物电路图；②根据闭合电路欧姆定律求出函数表达式；③根据坐标系内描出的点作出图象；④根据函数表达式与图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：①根据图a所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：②在闭合电路中：E=I（r+R0+Lr0），则=•L+，③根据坐标系内描出的点作出图象，图象如图所示：④图象的函数表达式为：=•L+，由图象可知，斜率：k===≈0.0682，电源电动势：E==≈1.47V；图象截距：b==0.02，电源内阻：r=bE﹣R0=2×1.47﹣2.5=0.44Ω．故答案为：①电路图如图所示；②•L+；③图象如图所示；④1.47；0.44．【点评】本题考查了连接实物电路图、求函数表达式、作图象、求电源电动势与内阻；连接实物电路图时要注意电表正负接线柱不要接反；应用闭合电路欧姆定律求出函数表达式是正确求出电源电动势与内阻的前提与关键．三、大题12．如图，Q为一个原来静止在光滑水平面上的物体，其DB段为一半径为R的光滑圆弧轨道，AD 段为一长度为L=R的粗糙水平轨道，二者相切于D点，D在圆心O的正下方，整个轨道位于同一竖直平面内．物块P的质量为m（可视为质点），P与AD间的动摩擦因数μ=0.1，物体Q的质量为M=2m，重力加速度为g．（1）若Q固定，P以速度v0从A点滑上水平轨道，冲至C点后返回A点时恰好静止，求v0大小．（2）若Q固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P第一次越过D点时对D点的压力大小．（3）若Q不固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P在光滑圆弧轨道上所能达到的最大高度h．【考点】动量守恒定律；动能定理．【专题】动量定理应用专题．【分析】（1、2）P从A到C又返回A的过程中，由动能定理求得v0的大小，由动能定理和牛顿定律求解对Q的压力大小．（3）当PQ具有共同速度v时，P达到的最大高度h，由动量守恒定律和功能关系求解．【解答】解：（1）P从A到C又返回A的过程中，由动能定理有﹣μmg•2L=0﹣m①将L=R代入①解得v0=②（2）若P在D点的速度为v D，Q对P的支持力为F D，由动能定理和牛顿定律有﹣μmgL=m﹣m③根据牛顿第二定律得F D﹣mg=m④联立解得F D=1.2mg ⑤由牛顿第三定律可知，P对Q的压力大小也为1.2mg．（3）当PQ具有共同速度v时，P达到的最大高度h，由动量守恒定律有mv0=（m+M）v ⑥由功能关系有m=μmgL+（m+M）v2+mgh ⑦联立解得h=R答：（1）若Q固定，P以速度v0从A点滑上水平轨道，冲至C点后返回A点时恰好静止，v0大小是．（2）若Q固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，P第一次越过D点时对D点的压力大小是1.2mg．（3）若Q不固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，P在光滑圆弧轨道上所能达到的最大高度是R．【点评】本题主要考查了牛顿第二定律、动量守恒定律及动能定理的直接应用，难度适中．13．如图1所示，两根与水平面成θ=30°角的足够长光滑金属导轨平行放置，导轨间距为L=1m，导轨底端接有阻值为0.5的电阻R，导轨的电阻忽略不计．整个装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面斜向上，磁感应强度B=1T．现有一质量为m=0.2kg、电阻为0.5的金属棒用细绳通过光滑滑轮与质量为M=0.5kg的物体相连，细绳与导轨平面平行．将金属棒与M由静止释放，棒沿导轨运动了2m后开始做匀速运动．运动过程中，棒与导轨始终保持垂直接触．（取重力加速度g=10m/s2）求：（1）金属棒匀速运动时的速度；（2）棒从释放到开始匀速运动的过程中，电阻R上产生的焦耳热；（3）若保持某一大小的磁感应强度B1不变，取不同质量M的物块拉动金属棒，测出金属棒相应的做匀速运动的v值，得到实验图象如图2所示，请根据图中的数据计算出此时的B1；（4）改变磁感应强度的大小为B2，B2=2B1，其他条件不变，请在坐标图2上画出相应的v﹣M图线，并请说明图线与M轴的交点的物理意义．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】电磁感应与电路结合．。