福州一中高二上期中物理试卷及答案
2023-2024学年福建省福州市高二上册期中物理质量检测模拟试卷(含答案)
2023-2024学年福建省福州市高二上学期期中物理质量检测模拟试题一、选择题（本题共8小题，1～4题为单选题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求；5～8题为双选题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有两项．．．符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）A．图甲为静电除尘原理的示意图，带负电的尘埃将被吸附到带正电的板状收集器AB．如图乙所示，给汽车加油前要触摸一下静电释放器，是为了导走人身上的电荷C．图丙为静电喷漆的原理图，涂料微粒在电场力作用下沿电场线运动到电极上D．如图丁所示，高层建筑物顶端安装有避雷针，避雷计的原理为尖端放电2.以下说法正确的是（）A.由电场强度表达式=可知电场强度与电场力成正比，与电荷量成反比B.由电势能表达式=q可知负电荷电势高电势能也大C.电流的微观表达式=neSv中v为电流传导的速度D.由电阻表达式=ρ/得一根圆柱形状的金属导体，将它沿平行于电流的长度方向均匀拉长到直径变为原来的一半，那么该导体的电阻变为原来的16倍3.如图所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中的运动轨迹，、、为粒子的运动轨迹和等势线的交点，粒子只受电场力作用，以下说法正确的是（）A.点的电场强度大于点的电场强度B.粒子在点的动能比在点的动能小C.粒子在点和点的速度相同D.粒子在点的电势能比在点的电势能大4.如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8V，乙电路两端的电压为16V，调节滑动变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率分别为P1和P2，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙则下列关系中正确的是（）A．P1=P2B．P1>P2C．P甲<P乙D．P甲>P乙5.一矿井水位检测器如图所示，为固定铜芯，为玻璃，为矿井中含有杂质的水。
闭合开关时，发现灵敏电流计的指针向左偏转。
福建省高二上学期期中考试物理试卷(附答案和解析)
福建省高二上学期期中考试物理试卷(含答案和解析) 学校:___________班级：___________姓名：___________考号：___________一、单选题1．下列说法中正确的是（ ）2．如图所示，1R 和2R 是由同种材料制成的，厚度相同，表面为正方形而边长不同的导体，其中1R 的尺寸比2R 的尺寸大。
在两导体上加上电压后，形成如图所示的电流，方向如图所示，则下列说法中正确的是（ ）A ．12R R >B ．12R R <C ．12R R =D ．无法判断3．两个分别带有电荷量为5Q 和－Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们之间库仑引力为F ，现将两小球充分接触后将其固定距离变为2r ，则4．某静电除尘器的除尘原理如图所示，一带正电的金属板和一个带负电的放电极形成电场， 它们之间的电场线分布如图所示，虚线为一带电烟尘颗粒的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的 两点。
设a 点和 b 点的电势分别为 φ1、φ2，颗粒在a 和b 时加速度大小分别为 a 1、a 2，速度大小分别为 v 1、v 2，电势能分别为 E p1、E p2。
下列判断正确的是（ ）A ．a 1＜a 2B ．v 1＜v 2C ．φ1＞φ2D ．E p1＜E p2二、多选题点电荷，半径为a的光滑绝缘细圆管（圆管的大小不计）固定在A、B两点间，其圆心O位于AB的中点，细管与AB以及AB中垂线的交点分别为C、E、D、F。
一电荷量为q速度大小）的速度通过D点时，小球恰好对细管无压力。
静电力常量为k，不计空气阻力。
下列说法正确的是（）。
7．如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2＝1：3B．R1：R2＝3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2＝3：1D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2＝3：18．如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B 。
福建高二高中物理期中考试带答案解析
福建高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.a、b两个电阻的U—I图线如图所示，则（）A．R a＜ R bB．R a＞ R bC．若将它们串联在电路中，发热功率较大的是电阻R bD．若将它们并联在电路中，发热功率较大的是电阻R a2.在如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）3.关于电阻和电阻率的说法，正确的是（）A．将一根导线截去一半，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的一半B．电阻率表征了导体导电能力的强弱，并且与温度有关C．只有导体中有电流通过时才有电阻D．电阻率与导体的长度及横截面积有关4.一只电流表的满偏电流I=1mA，内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）gA．串联一只10kΩ的电阻B．并联一只10kΩ的电阻C．串联一只9.5kΩ的电阻D．并联一只9.5kΩ的电阻5.如图a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个梯形的四个顶点.电场线与梯形所在的平面平行.ab平行cd,且ab边长为cd边长的一半.已知a点的电势是3V，b点的电势是5V，c点的电势是7V.由此可知，d点的电势为（）A．3V B．2V C．1V D．4V6.如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB由A点运动到B 点，其速度—时间图像如图乙所示，电子到达B点时速度恰为零。
下列判断正确的是（）A ．A 点的场强一定大于B 点的场强B ．电子在A 点的加速度一定大于在B 点的加速度C ．A 点的电势一定高于B 点的电势D ．该电场可能是负点电荷产生的7.如图所示，水平放置的平行板间的匀强电场正中有一带电微粒正好处于静止状态，如果两平行带电板改为竖直放置，带电微粒的运动状态将是（ ）A ．保持静止状态B ．从P 点开始做自由落体运动C ．从P 点开始做类平抛运动D ．从P 点开始做初速度为零，加速度为的匀加速直线运动。
福建高二高中物理期中考试带答案解析
福建高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电场强度和电场线，下列说法正确的是A．电荷在电场中某点所受力的方向即为该点的电场强度方向B．在电场中某点放一检验电荷后，该点的电场强度会发生改变C．初速为零、重力不计的带电粒子在电场中运动的轨迹不一定与电场线重合D．由电场强度定义式E=F/q可知，电场中某点的E与q成反比，与q所受电场力F成正比2.有两个完全相同的金属小球A、B（它们的大小可忽略不计），A带电荷量为7Q，B带电荷量为，当A、B在真空中相距为r时，两球之间的相互作用的库仑力为F；现用绝缘工具使A、B球相互接触后再放回原处，则A、B间的相互作用的库仑力的大小是A． F B． F C． F D．F3.在两个等量同种点电荷的连线上，有与连线中点O等距的两点a、b，如图所示，则下列判断不正确的是：A．a、b两点的电势相同B．a、b两点的场强矢量相同C．同一电荷放在a、b两点的电势能相同D．a、O两点间与b、O两点间的电势差相同4.有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子的定向移动速度为v，在Δt时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为A．nvS B．nvΔt C．D．5.两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是A．两电阻的阻值为R1大于R2B．两电阻并联在电路中时，R1的电流小于R2的电流C．两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压D．两电阻串联在电路中时，R1消耗的功率小于R2消耗的功率6.把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是A．P甲＝P乙B．P甲＝3P乙C．P乙＝3P甲D．P乙>3P甲7.如图所示，一电场的电场线分布关于y 轴(沿竖直方向)对称，O 、M 、N 是y 轴上的三个点，且OM ＝MN 。
高二上期期中考试试卷物理含答案
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】AB．根据 图像可知，粒子的加速度在逐渐减小，粒子所受电场力在逐渐减小，电场强度 随位移 在逐渐减小，AB错误；
C．粒子带负电，电场力方向从 指向 ，电场强度方向从 指向 ，故从 到 电势逐渐升高，由于电场强度逐渐减小，故 图像的斜率逐渐减小，C正确；
D．从 到 电势能逐渐减小，但由于电场力减小， 图像的斜率逐渐减小，D错误。
A.电动机内部线圈的电阻为1Ω
B.稳定匀速提升重物时，流过电动机的电流为2A
C.重物匀速上升时的速度为1.5m/s
D.匀速提升重物时电动机的输出机械功率是2W
【答案】C
【解析】
【详解】A．当将重物固定时，电动机没有机械能输出，整个电路是纯电阻电路，根据闭合电路欧姆定律可知电路中内电压为
电路中电流为
故电动机上电压为
故选ACD。
10.如图甲所示，真空中水平放置两块长度为 的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图乙所示最大值为 的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A，自 时刻开始连续释放初速度大小为 、方向平行于金属板的相同带电粒子， 时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场。已知电场变化周期 ，粒子质量为 ，不计粒子重力及相互间的作用力，则以下说法正确的是（ ）
B．若电流通在A中，则在t1﹣t2时间内，电流逆时针增大，通过B线圈的磁通量增大，根据楞次定律，知B内有顺时针方向的电流，根据楞次定律的另一种表述，B线圈有缩小的趋势。故B正确；
C．若电流通在B中，则在0﹣t1时间内，电流顺时针方向减小，通过A线圈的磁通量减小，根据楞次定律，知A内有顺时针方向的电流，对于A线圈，减小面积时可以阻碍磁通量减小，所以A线圈有收缩趋势。故C正确；
2023-2024学年福建省福州市高二上册期中物理模拟试卷(含答案)
2023-2024学年福建省福州市高二上学期期中物理质量检测模拟试题一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。
1.下列说法中正确的是（）A．由公式FEq知，某点的场强与检验电荷在该点时受到的电场力成正比，与其电荷量成反比B．密立根测定元电荷，电子和质子都是元电荷C．电荷在某处不受电场力的作用，则该处电场强度一定为零D．同一电场中，电场强度越大的位置电势越高2.小张同学在空气干燥的教室里进行一个小实验，将一塑料绳撕成细丝后，一端打结，做成“水母”的造型，用毛巾顺着细丝向下捋几下，同样用毛巾来回摩擦PVC（塑料）管。
将“水母”抛向空中，然后把PVC管从下方靠近它，直到“水母”处于悬停状态，则（）A．PVC管带电方式属于感应起电B．“水母”在空中悬停时，PVC管对它向上的静电力大于它所受重力C．用毛巾摩擦后，“水母”与PVC管带异种电荷D．PVC管与“水母”相互靠近过程中，两者间相互作用力变大3.如图所示，一带电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹。
M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右端。
不计重力，下列表述错误的是（）A．粒子带正电B．粒子在M点的速率最小C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能先增加后减小4.如图所示，两个固定的等量正点电荷相距4L，其连线的中点为O，以O 为圆心、L为半径的圆与两正点电荷间的连线及连线的垂直平分线分别交于a、b和c、d，以O为坐标原点、垂直ab向上为正方向建立Oy轴，Ob为x轴的正方向。
若带正电的试探电荷从a点由静止出发，沿直线aOb运动到b点，下列各图关于试探电荷速度v、电势能E p及x轴上各点电场强度E、电势φ的描述正确的是（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。
每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
福建省福州市高二物理上学期期中试题(有答案)
福建省福州市高二物理上学期期中试题一、选择题（1~10题为单项选择题，11~15题为多项选择题，每题4分，共60分，多项选择题中漏选得2分，多选或错选不得分，请将答案填写在答题卷中） 1．关于元电荷的下列说法中错误的是( )A ．元电荷实质上是指电子和质子本身B ．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C ．元电荷的值通常取e ＝1.60×10－19 CD ．电荷量e 的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的2．有甲、乙两导体，甲的横截面积是乙的2倍，而单位时间内通过导体横截面的电荷量，乙是甲的2倍，则下列说法中正确的是( )A ．甲、乙两导体的电流相同B ．乙导体的电流是甲导体的2倍C ．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D ．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速率大小相等3．如图是描述对给定的电容器充电时电荷量Q 、电压U 、电容C 之间相互关系的图像，其中错误的是( )4．A 、B 、C 三点在同一直线上，AB ∶BC ＝1∶2，B 点位于A 、C 之间，在B 处固定一电荷量为Q 的点电荷．当在A 处放一电荷量为＋q 的点电荷时，它所受到的静电力为F ；移去A 处电荷，在C 处放一电荷量为－2q 的点电荷，其所受静电力为( )A ．－F2B ．F2C ．－FD ．F5．如图所示，两个等量异种点电荷的连线和其中垂线上有a 、b 、c 三点，下列说法正确的是 ( )A ．a 点电势比b 点电势高B ．a 、b 两点的场强方向相同，b 点场强比a 点场强小C ．b 点电势比c 点电势高，场强方向相同D ．一个电子仅在电场力作用下不可能沿如图所示的曲线轨迹从a 点运动到c 点6．一负电荷从电场中A 点静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的v t 图像如图所示，则A 、B 两点所在区域的电场线分布情况可能是下图中的( )7．如图所示，电阻R1＝20 Ω，电动机的内阻R 2＝10 Ω。
高二(上)期中物理试题(解析版)
2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线,实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点,由此可知()
A.带电粒子在R点时的加速度小于在Q点时的加速度
B.带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大
C.带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度
（1）电子在电场中运动的加速度。
（2）电子进入电场的最大距离。
（3）电子进入电场最大距离的一半时的动能。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【解析】
【详解】（1）由牛顿第二定律可得
解得
（2）由动能定理可得
解得
（3）从电子进入电场至运动到电场最大距离的一半的过程中，由动能定理可得
解得
15.如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0由静止加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间。若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：
D．根据能量守恒定律，带电质点在运动过程中各点处的动能与电势能之和保持不变，D错误。
故选C。
3.下列四个图中， 、 两点电势相等、电场强度也相等的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．匀强电场 等势面是垂直于电场线的一簇等间距的平行平面，A图中 、 两点不在同一等势面上，所以，这两点的电势是不相等的，但这两点的电场强度相等，选项A错误；
D.带电粒子在R点时 动能与电势能之和比在Q点时的小,比在P点时的大
【答案】C
【解析】
【详解】A．由电场线疏密可知，R点场强比Q场强点大，所以带电粒子在R点的电场力大，则带电粒子在R点的加速度大，A错误；
BC．带电粒子做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向向右；若带电粒子从P经过R运动到Q，电场力做负功，带电粒子的电势能增大，动能减小，则带电粒子经过R点时的动能大于经过Q点时的动能，即带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度，而P点电势能最小，所以带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能小，B错误，C正确；
福建省福州第一中学2023-2024学年高二上学期期中物理试题(原卷版)
高二物理学科必修3模块试卷
一、单项选择题（每题4分，共16分）
1.如图所示的电解池，在通电2s时间内共有0.3C的二价正离子和0.3C的一价负离子通过截面xy，则这个电路中的电流是（ ）
A.0.15AB.0.30AC.0AD.0.45A
2.如图甲，高大建筑物上通常都装有避雷针，雷雨天气时避雷针发生尖端放电现象，中和空气中的电荷，达到避免雷击的目的。图乙所示是某次避雷针放电时的电场线分布，电场线关于直线ac对称，且 。以下说法正确的是（ ）
A.x=3m处的电势最高
B.A、B两点电荷电性相同
C.A、B两点电荷电荷量大小之比为9：1
D.将一正点电荷从x=3m处由静止释放，仅在电场力作用下还能回到x=3m处
仅在电场力作用下还能回到x=3m处
4.如图甲所示，两平行金属板MN、PQ的板长和板间距均为d，板间存在随时间周期性变化的匀强电场（如图乙），电场方向与两板垂直，不计重力的带电粒子沿板间中线且垂直于电场方向源源不断地射入电场，粒子射入电场时的初速度大小均为v0。已知t=0时刻射入电场的粒子刚好沿上板右边缘垂直电场方向射出电场。不计粒子间的相互作用，则（ ）
5.如图所示，虚线表示某静电场的等势线（相邻两等势线间的电势差相等），实线是一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹。下列说法正确的是（）
A. 点的电场强度比 点的电场强度大
B. 点的电势比 点的电势低
C.该粒子在 点时的电势能比其在 点时的电势能小
D.该粒子在 点时 动能比其在 点时的动能小
6.如图所示为甲、乙两种元件的伏安特性曲线，将两元件串联，再在串联电路两端加上直流电压，电路两端电压从较小值逐渐增大至 的过程中，下列说法正确的是（）
福州一中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 含解析
2016—2017学年福建省福州一中高二（上）期中物理试卷一、单项选择题1．下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场,也适用于匀强电场的有（）①场强E=②场强E=③场强E=④电场力做功W=Uq．A．①③B．②③C．②④D．①④2．关于电阻率的说法，正确的是(）A．超导材料的电阻率总是为零B．电阻率ρ大的导体，电阻可以很小C．电阻率ρ与导体的长度L和横截面积S有关D．电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体的长度决定，与温度无关3．关于电流，下列说法中正确的是(）A．因为电流有方向，所以电流是矢量．B．电子运动的速率越大，电流越大C．通过导线截面的电荷量越多,电流越大D．单位时间内通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大4．一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10kΩ的电阻B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻5．如图所示，在匀强电场中有a、b、c、d四点，它们处于同一圆周上，且ac、bd分别是圆的直径．已知a、b、c三点的电势分别为ϕa=9V，ϕb=15V，ϕc=18V，则d点的电势为（）A．4V B．8V C．12V D．16V6．两块平行金属板带等量异号电荷，要使两板间的电压加倍，而板间的电场强度减半，可采用的办法有()A．两板的电量加倍，而距离变为原来的4倍B．两板的电量加倍，而距离变为原来的2倍C．两板的电量减半，而距离变为原来的4倍D．两板的电量减半,而距离变为原来的2倍7．如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，达到静电平衡后，则下列判断中错误的是（）A．a端的电势比b端的高B．b端的电势比d点的低C．a端的电势与b端的电势相等D．细杆表面的感应电荷在杆内c处的场强的方向由a指向b8．如图所示,虚线a、b、c分别代表电场中的三条等势线，相邻两等势线之间的电势差相等,实线为一带正电的微粒仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，则下列判断中正确的是（）A．P点的电势高于Q点的电势B．带电微粒通过P点时的加速度较大C．带电微粒通过P点时动能较大D．带电微粒在P点时的电势能较大9．经过探究，某同学发现：点电荷和无限大的接地金属平板间的电场(如图甲所示)与等量异种点电荷之间的电场分布（如图乙所示)完全相同．图丙中点电荷q到MN的距离OA为L，AB是以电荷Q为圆心、L为半径的圆上的一条直径,则B点电场强度的大小是（）A．B．C．D．10．如图所示，电灯A标有“10V,10W”，电灯B标有“8V，20W",滑动变阻器的总电阻为6Ω，当滑动触头由a端向b端滑动的过程中（不考电灯电阻的变化）(）A．安培表示数一直减小，伏特表示数一直增大B．安培表示数一直增大，伏特表示数一直减小C．安培表示数先增大后减小，伏特表示数先减小后增大D．安培表示数先减小后增大,伏特表示数先增大后减小二、多项选择题11．关于场强和电势的下列说法中正确的是(）A．在电场中a、b两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷经过的路径上各点的场强一定为零B．电场强度的方向就是电势降落的方向C．两个等量同种电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外,电势越来越低，场强越来越小D．两个等量异种电荷的电场中，两电荷连线的中垂线有如下特征：连线上各点的电势均相等，且连线的中点场强最大12．铅蓄电池的电动势为2V,这表示（）A．蓄电池在1s内将2J的化学能转化成电能B．电路中每通过1C的电荷量,电源把2J的化学能转化为电能C．无论接不接入外电路，蓄电池两极间的电压都为2VD．蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5 V）的大13．有一电热器,额定电压为220V,额定功率为1000W．现要把它改装一下，用在电压为110V 的电路中，若要使它消耗的功率仍为1000W．下面做法中正确的是（）A．将电热器中的电热丝截去一半B．将电热器中的电热丝截去,只留下C．在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝D．将电热器中的电热丝等分成两段,再并联起来14．小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线,PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线．则下列说法中正确是（）A．随着所加电压的增大,小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点,小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的电功率值等于图中阴影部分面积大小15．地面附近,存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ,在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场,在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A,如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度为g,不计空气阻力，则()A．在t=2。
2023-2024学年福建省高二上学期12月期中考试物理质量检测模拟试题(含答案)
2023-2024学年福建省高二上学期12月期中考试物理质量检测模拟试题一、单项选择(本题只有一个正确答案，每题3分，共60分)1.油罐车后面都有一条铁链拖地，它的作用是()。
A.作为油罐车的标志B ．通过它向外界散热C ．发出声响，提醒其他车辆和行人注意D ．汽油因振动而摩擦起电，通过与地相连的铁链可以将铁罐所带的电荷导人地下，避免发生危害2.下列说法中正确的是()。
A ．带电量不大的电荷叫点电荷B ．体积小于1mm 3的带电体就可以看成点电荷C当两个带电体的形状对其相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看成点电荷D ．体积很大的带电体一定不是点电荷3.真空中两个静止点电荷间的相互作用力遵循库仑定律(F 电＝122q q kr )，它和以下所述规律相似的是()。
A ．万有引力定律B ．牛顿第二定律C ．欧姆定律D ．机械能守恒定律4.美国物理学家密立根发现，物体所带的电荷量总是某个数值的整数倍，而这个数值就是电子电荷量的绝对值(1.6×10-19C)，后来人们把电子所带电荷量的多少叫做元电荷，用符号e 表示，即e ＝1.6×10-19C 。
根据这一定义，下列说法中正确的是()。
A ．某带电体的带电量为4.0×10-19CB ．点电荷就是元电荷C ．某带电体得到了3.2×10-19C 的电荷D ．某带电体失去了1.8×10-19C 的电荷5.关于电场中的某一点P ，下列说法中正确的是()。
A ．若放在P 点的试探电荷的电荷量减半，则P 点的场强减半B ．若P 点没有试探电荷，则P 点的场强为零C ．P 点场强越大，同一电荷在P 点受到的电场力越大D ．P 点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向6.右图为静电场的一部分电场线的分布，下列说法中正确的是()。
A ．这个电场可能是正点电荷的电场D ．这个电场是匀强电场C ．负电荷在B 时受到的电场力的方向就是B 点的场强方向D ．点电荷在A 点时受到的电场力比在B 点时受到的电场力小7.下列哪些现象是为了防止静电?()A ．静电喷漆B ．手机一般都带有天线(有的为了美观设计为内置天线)C ．精密电子仪器外包有一层金属外壳D ．以上说法都错误8.若要使真空中两个点电荷之间的作用力大小变为原来的4倍，则下列方法中正确的是()。
福建高二高中物理期中考试带答案解析
福建高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、计算题1.如图所示，倾斜角θ=30°的光滑倾斜导体轨道（足够长）与光滑水平导体轨道连接．轨道宽度均为L=1m，电阻忽略不计．匀强磁场I仅分布在水平轨道平面所在区域，方向水平向右，大小B1=1T；匀强磁场II仅分布在倾斜轨道平面所在区域，方向垂直于倾斜轨道平面向下，大小B2=1T．现将两质量均为m=0.2kg，电阻均为R=0.5Ω的相同导体棒ab和cd，垂直于轨道分别置于水平轨道上和倾斜轨道上，并同时由静止释放．取g=10m/s2．（1）求导体棒cd沿斜轨道下滑的最大速度的大小；（2）若已知从开始运动到cd棒达到最大速度的过程中，ab棒产生的焦耳热Q=0.45J，求该过程中通过cd棒横截面的电荷量；（3）若已知cd棒开始运动时距水平轨道高度h=10m，cd棒由静止释放后，为使cd棒中无感应电流，可让磁场Ⅱ的磁感应强度随时间变化，将cd棒开始运动的时刻记为t=0，此时磁场Ⅱ的磁感应强度为B0=1T，试求cd棒在倾斜轨道上下滑的这段时间内，磁场Ⅱ的磁感应强度B随时间t变化的关系式．2.如图所示，某小型水电站发电机的输出功率为10kW，输出电压为400V，向距离较远的用户供电，为了减少电能损失，使用2kV高压输电，最后用户得到220V、9.5kW的电力，求：（1）水电站升压变压器原、副线圈匝数比（2）输电线路导线电阻R。
（3）用户降压变压器原、副线圈匝数比。
二、实验题1.如图所示是“研究电磁感应现象”的实验装置（1）将图中所缺导线补接完整、（2）用此装置研究感应电流方向时：将原线圈A插入副线圈B后，如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么在电键闭合的状态下将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，电流计指针（填“向左偏”、“向右偏”或“不偏”）（3）在闭合电键时，将原线圈A向下插入B中，线圈B对线圈A的作用力为_____力（填引力或斥力）2.如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。
福建高二高中物理期中考试带答案解析
福建高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.电场强度E 的定义式为E=，根据此式，下列说法中正确的是（ ）①上式说明电场中某点的场强E 与F 成正比，与q 成反比，拿走q ，则E=0②式中q 是放入电场中的点电荷的电量，F 是该点电荷在电场中某点受到的电场力，E 是该点的电场强度 ③式中q 是产生电场的点电荷的电量，F 是放在电场中的点电荷受到的电场力，E 是电场强度 ④在库仑定律的表达式F=中，可以把看做是点电荷q 2产生的电场在点电荷q 1处的场强大小，也可以把看做是点电荷q 1产生的电场在点电荷q 2处的场强大小．A ．只有①②B ．只有①③C ．只有②④D ．只有③④2.如图所示，在球壳内部球心处放置带电荷量+Q 的点电荷，球壳内有A 点，壳壁中有B 点，壳外有C 点，则下列说法正确的是（ ）A ．A 、B 两点场强均为零 B ．E A ＞E B ＞E CC ．B 点场强方向指向球心D ．如果A 、C 和球心在一条直线上，则A 、C 两点的场强方向相同3.某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R ，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（ ）A ．4ρ和4RB ．ρ和4RC ．16ρ和16RD ．ρ和16R4.如图电路所示，当ab 两端接入100V 电压时，cd 两端为20V ，当cd 两端接入100V 电压时，ab 两端电压为50V ，则R 1：R 2：R 3之比是（ ）A ．4：2：1B ．2：1：1C ．3：2：1D ．以上都不对5.在如图电路中K 1、K 2、K 3、K 4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P ，断开哪一个开关后P 会向下运动？（ ）A ．K 1B ．K 2C ．K 3D ．K 46.如图所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（ ）A ．U 1变大、U 2变大B ．U 1变小、U 2变大C ．U 1变大、U 2变小D ．U 1变小、U 2变小7.如图所示，R 1=2Ω，R 2=10Ω，R 3=10Ω，A 、B 两端接在电压恒定的电源上，则（ ）A ．S 断开时，R1与R2的功率之比为1：5B ．S 闭合时通过R1与R2的电流之比为2：1C ．S 断开与闭合两情况下，电阻R1两端的电压之比为2：1D ．S 断开与闭合两情况下，电阻R2的功率之比为7：128.如图，两个定值电阻R 1 R 2串联后接在输出电压U 稳定于12V 的直流电源中．有人把一个内阻不是远大于R 1 R 2的电压表接在R 1两端，电压表的示数8V ，如果他把此表改接在两端R 2，则电压表的示数（ ）A ．小于4VB ．等于4VC ．大于或等于8VD ．大于4V 小于8V9.两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成以平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K ，电源即给电容器充电（ ）A ．保持K 接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B ．保持K 接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C ．断开K ，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D ．断开K ，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大10.如图所示，一个电源的电动势为ɛ，内电阻为r ，将一个额定电压为U 的电动机接在该电源上，电动机正常工作，通过电动机的电流为I ．电动机的内阻为R ，关于在时间t 内的能量转化，下面的说法中正确的是（ ）A ．电源释放的电能为It （U+Ir ）B ．电源释放的电能为I 2t （R+r ）C ．电动机转化的机械能为It （U ﹣IR ）D ．电动机转化的机械能为It[ɛ﹣I （r+R ）]11.如图所示为静电场中的一根电场线，一电子沿电场线从A 点移到B 点，静电力做了正功，则下列说法正确的是（ ）A ．A 点的电场强度一定大于B 点的电场强度B ．电场强度的方向一定是由B 点指向A 点C ．电子在A 点的电势能一定比在B 点大D ．B 点的电势一定比A 点低12.用伏安法测未知电阻R X 时，若不知道R X 的大概值．为选择正确电路以减小误差，可将仪器按图接好，只空出电压表一个接头S ，然后将S 分别与a 、b 接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，那么（ ）A ．若电流表示数有显著变化，S 应接aB ．若电流表示数有显著变化，S 应接bC ．若电压表示数有显著变化，S 应接aD ．若电压表示数有显著变化，S 应接b二、填空题一电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为I g =50μA ，表头电阻R g =1kΩ，若改装成量程为I m =1mA 的电流表，应 联的电阻阻值为 Ω，新表的内阻为 Ω．若将该电流计改装成量程为U m =10V 的电压表，应再 联一个阻值为 Ω的电阻，新表的内阻为 Ω．（保留三位有效数字）三、实验题在“测定金属的电阻率”的实验中，电阻丝的电阻值约为40～50Ω，可供选择的主要器材如下： A ．电压表（内阻20kΩ，量程0～10V ） B ．电流表（内阻约20Ω，量程0～50mA ） C ．电流表（内阻约4Ω，量程0～300mA ） D ．滑动变阻器（额定电流1.5A ，阻值为10Ω） E ．滑动变阻器（额定电流0.3A ，阻值为1700Ω）F ．电池组（电动势为9V ，内阻为0.5Ω）（1）电流表应选 ，滑动变阻器应选 ．（2）把如图1所示的器材连接成测电阻值的实验电路．（3）用螺旋测微器测电阻丝的直径，读数如图2所示，则电阻丝的直径d= mm ．四、计算题1.如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连．它的极板长L=0.4m ，两板间距离d=4×10﹣3m ，有一束由相同带电微粒组成的粒子流，以相同的速度v 0从两板中央平行极板射入，开关S 闭合前，两板不带电，由于重力作用微粒能落到下板的正中央，已知微粒质量为m=4×10﹣5kg ，电量q=+1×10﹣8C ，（g=10m/s 2）求：（1）微粒入射速度v 0为多少？（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的正极还是负极相连？所加的电压U 应取什么范围？2.如图所示，电源的电动势E=110V ，电阻R 1=21Ω，电动机绕组的电阻R 0=0.5Ω，电键S 1始终闭合．当电键S 2断开时，电阻R 1的电功率是525W ；当电键S 2闭合时，电阻R 1的电功率是336W ，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S 2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．3.如图所示，在绝缘水平面上，相距为L 的A 、B 两点分别固定着等量正点电荷．O 为AB 连线的中点，C 、D 是AB 连线上两点，其中AC=CO=OD=DB=．一质量为m 电量为+q 的小滑块（可视为质点）以初动能E 0从C 点出发，沿直线AB 向D 运动，滑块第一次经过O 点时的动能为n E 0（n ＞1），到达D 点时动能恰好为零，小滑块最终停在O 点，求：（1）小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ； （2）C 、O 两点间的电势差U CO ； （3）小滑块运动的总路程S ．福建高二高中物理期中考试答案及解析一、选择题1.电场强度E 的定义式为E=，根据此式，下列说法中正确的是（ ）①上式说明电场中某点的场强E 与F 成正比，与q 成反比，拿走q ，则E=0②式中q 是放入电场中的点电荷的电量，F 是该点电荷在电场中某点受到的电场力，E 是该点的电场强度 ③式中q 是产生电场的点电荷的电量，F 是放在电场中的点电荷受到的电场力，E 是电场强度 ④在库仑定律的表达式F=中，可以把看做是点电荷q 2产生的电场在点电荷q 1处的场强大小，也可以把看做是点电荷q 1产生的电场在点电荷q 2处的场强大小．A ．只有①②B ．只有①③C ．只有②④D ．只有③④【答案】C【解析】解：①电场强度的定义式为E=，适用于任何电场，E 反映电场本身的性质，与试探电荷无关，故①错误；②定义式中，q 是放入电场中的点电荷的电量，F 是该点电荷在电场中某点受到的电场力，E 是该点的电场强度，故②正确；由②知，③错误； ④在库仑定律的表达式F=中，可以把看做是点电荷q 2产生的电场在点电荷q 1处的场强大小，也可以把看做是点电荷q 1产生的电场在点电荷q 2处的场强大小．故④正确．由以上分析得，C 正确，故选：C【点评】电场强度的定义式为E=，适用于任何电场，E 反映电场本身的性质，与试探电荷无关2.如图所示，在球壳内部球心处放置带电荷量+Q 的点电荷，球壳内有A 点，壳壁中有B 点，壳外有C 点，则下列说法正确的是（ ）A ．A 、B 两点场强均为零 B ．E A ＞E B ＞E CC ．B 点场强方向指向球心D ．如果A 、C 和球心在一条直线上，则A 、C 两点的场强方向相同 【答案】D【解析】解：A 、+Q 在球壳内外表面感应出等量的异种电荷，即球壳内为﹣Q ，球壳外为+Q 且均匀分布．若画出这时候的电场线可知，在球壳的内外的场强和没有球壳一样．靠近球心处的场强大、远离球心处的场强小，故A 点的场强不为0．故A 错误；B 、到达静电平衡状态时，B 点的场强等于0，最小，所以E A ＞EC ＞E B ．故B 错误； C 、到达静电平衡状态时，B 点的场强等于0．故C 错误；D 、结合A 的分析可知，如果A 、C 和球心在一条直线上，则A 、C 两点的场强方向相同．故D 正确． 故选：D【点评】本题考查了处于静电平衡状态的导体的基本性质，明确沿电场线的方向电势降落．3.某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R ，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（ ）A ．4ρ和4RB ．ρ和4RC ．16ρ和16RD ．ρ和16R【答案】D【解析】解：电阻为R ，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的，长度为原来的4倍；由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的16倍，即16R ．由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率也不变． 故选：D ．【点评】题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比．电阻率不受温度影响的材料，可以制成标准电阻．4.如图电路所示，当ab 两端接入100V 电压时，cd 两端为20V ，当cd 两端接入100V 电压时，ab 两端电压为50V ，则R 1：R 2：R 3之比是（ ）A ．4：2：1B ．2：1：1C ．3：2：1D ．以上都不对【答案】A【解析】解：当ab 端接入时，由欧姆定律可得20=R 2；解得R 1：R 2=2：1； 当cd 端接入时，50=R 2解得R 2：R 3=2：1；故R 1：R 2：R 3=4：2：1． 故选：A ．【点评】本题应注意串并联电路的性质，并注意明确欧姆定律的正确使用．5.在如图电路中K 1、K 2、K 3、K 4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P ，断开哪一个开关后P 会向下运动？（ ）A ．K 1B ．K 2C ．K 3D ．K 4【答案】C【解析】解：A 、断开K 1，电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于平衡状态．故A 错误．B 、断开K 2，电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动．与题意不符，故B 错误．C 、断开K 3，电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下运动．故C 正确．D 、断开K 4，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．故D 错误． 故选C【点评】本题考查分析电容器电压的能力．难点是断开K 2，稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解．6.如图所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（ ）A ．U 1变大、U 2变大B ．U 1变小、U 2变大C ．U 1变大、U 2变小D ．U 1变小、U 2变小【答案】B 【解析】解：设电子被加速后获得初速为v 0，则由动能定理得：…①又设极板长为l ，则电子在电场中偏转所用时间：…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a ，由牛顿第二定律得：…③电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：v y =at…④ 由①、②、③、④可得：又有：故U 2变大或U 1变小都可能使偏转角θ变大，故选项B 正确，选项ACD 错误． 故选B ．【点评】带电粒子在电场中的运动，可分为三类，第一类是在匀强电场中做匀变速速直线运动，此过程是电势能与带电粒子动能之间的转化．第二类是带电粒子在匀强电场中偏转，带电粒子垂直进出入匀强电场时做匀变速曲线运动，分解为两个方向的直线运动，分别用公式分析、求解运算，是这类问题的最基本解法．第三类是带电粒子在点电荷形成的电场中做匀速圆周运动，应用圆周运动的知识求解．7.如图所示，R 1=2Ω，R 2=10Ω，R 3=10Ω，A 、B 两端接在电压恒定的电源上，则（ ）A ．S 断开时，R1与R2的功率之比为1：5B ．S 闭合时通过R1与R2的电流之比为2：1C ．S 断开与闭合两情况下，电阻R1两端的电压之比为2：1D ．S 断开与闭合两情况下，电阻R2的功率之比为7：12 【答案】AB【解析】解：A 、由P=I 2R ，I 相等，R 1与R 2的功率之比等于电阻之比1：5．故A 正确． B 、I 2=I 3，R 3=R 2，则I 1=2I 2，故B 正确． C 、S 断开时，U 1：U 2=R 1：R 2=1：5，则U1=S 闭合时，U 1′：U 2′=R 1：=2：5，则U 1′=故C 错误． D 、U 2=，U 2′=，由P 2=，P 2：P 2′=49：36．故D 错误故选AB【点评】电路的分析与计算问题的基础是分析电路的结构．往往按局部→整体→局部的顺序进行分析和计算．也有时抓住串并联电流、电压与电阻的分配关系求解．8.如图，两个定值电阻R 1 R 2串联后接在输出电压U 稳定于12V 的直流电源中．有人把一个内阻不是远大于R 1 R 2的电压表接在R 1两端，电压表的示数8V ，如果他把此表改接在两端R 2，则电压表的示数（ ）A ．小于4VB ．等于4VC ．大于或等于8VD ．大于4V 小于8V【答案】A【解析】解：电压表接在R 1两端，电压表的示数8V ，则此时R 2两端的电压为4V ．把此表改接在R 2两端时，由于电压表的内阻不是远大于R 1 R 2，电压表与R 2并联的阻值小于R 2，而R 1与并联部分串联，总电压U=12V ，则R 1的电压大于8V ，电压表与R 2并联的电路的电压小于4V ． 故选A【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻．9.两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成以平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K ，电源即给电容器充电（ ）A ．保持K 接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B ．保持K 接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C ．断开K ，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D ．断开K ，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大【答案】BC 【解析】解：A 、保持K 接通，电容器两板间的电势差U 不变，因板间距离d 减小，由E=可知，两极板间电场的电场场强增大，故A 错误；B 、保持K 接通，两板间的电势差U 不变，在两极板间插入介质后，电容C 增大，由C=可知，极板上的电量增大，故B 正确；C 、断开K ，两板上所带电量Q 不变，减小距离d ，电容C 增大，由C=可知板间电势差U 减小，故C 正确；D 、断开K ，两板上所带电量Q 不变，插入介质后电容C 变大，由C=可知极板上的电势差U 减小，故D 错误； 故选：BC ．【点评】电容器的动态分析重点在于明确电容器的两种状态：充电后断开则极板上的电量不变；电容器和电源保持相连，则两板间的电势差不变．10.如图所示，一个电源的电动势为ɛ，内电阻为r ，将一个额定电压为U 的电动机接在该电源上，电动机正常工作，通过电动机的电流为I ．电动机的内阻为R ，关于在时间t 内的能量转化，下面的说法中正确的是（ ）A．电源释放的电能为It（U+Ir）B．电源释放的电能为I2t（R+r）C．电动机转化的机械能为It（U﹣IR）D．电动机转化的机械能为It[ɛ﹣I（r+R）]【答案】ACD【解析】解：A、根据闭合电路欧姆定律得：E=I（U+Ir），故电源释放的电能为：W=EIt=（U+Ir）It，故A正确；B、电路因发热而损耗的能量为：Q=I2t（R+r），由于电动机输出机械能，故电源释放的电能大于I2t（R+r），故B错误；C、电动机转化的机械能为：Q机=UIt﹣I2Rt=It（U﹣IR），故C正确；D、电路因发热而损耗的能量为：Q=I2t（R+r），所以电动机转化的机械能为Q机=W﹣Q=It[ɛ﹣I（r+R）]，故D正确；故选：ACD．【点评】本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功只能用W=UIt，求热量Q=I2Rt．而输出的机械能只能根据能量守恒求解．11.如图所示为静电场中的一根电场线，一电子沿电场线从A点移到B点，静电力做了正功，则下列说法正确的是（）A．A点的电场强度一定大于B点的电场强度B．电场强度的方向一定是由B点指向A点C．电子在A点的电势能一定比在B点大D．B点的电势一定比A点低【答案】BC【解析】解：A、电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电场线无法判断其分布的疏密情况，所以不能确定A、B两点电场强度的大小．故A错误．B、电子沿电场线从A点移到B点，静电力做了正功，则知电场力从A指向B，而电子带负电，则电场强度的方向一定是由B点指向A点．故B正确．C、静电力做了正功，电子的电势能减小，电子在A点的电势能一定比在B点大．故C正确．D、根据顺着电场线方向，电势降低可知，B点的电势一定比A点高．故D错误．故选BC【点评】根据电场力做功情况，要能判断电场线方向、电势能、电势的大小．但一条电场线，往往不能判断电场强度的大小．12.用伏安法测未知电阻RX 时，若不知道RX的大概值．为选择正确电路以减小误差，可将仪器按图接好，只空出电压表一个接头S，然后将S分别与a、b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，那么（）A．若电流表示数有显著变化，S应接aB．若电流表示数有显著变化，S应接bC．若电压表示数有显著变化，S应接aD．若电压表示数有显著变化，S应接b【答案】BC【解析】解：（1）若S从a移到b时，安培表读数有显著变化，说明伏特表的分流明显，S应接在b处，故A错误，B正确；（2）若S从a移到b时，伏特表读数有显著变化，说明电流表的分压明显，S应接在a处，故C正确，D错误；故选：BC【点评】本题考查了应用试触法判断伏安法测电阻时实验电路的选择问题，难度不是很大，熟练掌握基础知识即可正确解题．二、填空题一电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为I g =50μA ，表头电阻R g =1kΩ，若改装成量程为I m =1mA 的电流表，应 联的电阻阻值为 Ω，新表的内阻为 Ω．若将该电流计改装成量程为U m =10V 的电压表，应再 联一个阻值为 Ω的电阻，新表的内阻为 Ω．（保留三位有效数字） 【答案】并；52.6；50.0；串；1.99×105；2.00×105【解析】解：I g =50μA ，R g =1kΩ，若改装成量程为I m =1mA 的电流表，应并联的电阻阻值为：R===52.6Ω，新表的内阻为==50Ω．若将该电流计改装成量程为U m =10V 的电压表，应再串联联一个阻值为：R=﹣Rg=﹣1000=1.99×105Ω的电阻，新表的内阻为R 内=R+Rg=2.00×105ΩΩ． 故答案为：并；52.6；50.0；串；1.99×105；2.00×105．【点评】本题考查电流表的改装，在理解改装原理的基础上，通过串并联的关系和欧姆定律即可求解．三、实验题在“测定金属的电阻率”的实验中，电阻丝的电阻值约为40～50Ω，可供选择的主要器材如下： A ．电压表（内阻20kΩ，量程0～10V ） B ．电流表（内阻约20Ω，量程0～50mA ） C ．电流表（内阻约4Ω，量程0～300mA ） D ．滑动变阻器（额定电流1.5A ，阻值为10Ω） E ．滑动变阻器（额定电流0.3A ，阻值为1700Ω）F ．电池组（电动势为9V ，内阻为0.5Ω）（1）电流表应选 ，滑动变阻器应选 ．（2）把如图1所示的器材连接成测电阻值的实验电路．（3）用螺旋测微器测电阻丝的直径，读数如图2所示，则电阻丝的直径d= mm ．【答案】（1）C ；D ；（2）如图所示（3）5.700．【解析】解：（1）电路最大电流约为：I===0.225A=225mA ，则电流表选择C ，为方便实验操作，滑动变阻器应选择D ．（2）待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：（3）由图示螺旋测微器可知，其示数为：5.5mm+20.0×0.01mm=5.700mm ； 故答案为：（1）C ；D ；（2）如图所示；（3）5.700．【点评】本题考查了实验器材的选择、连接实物电路图、螺旋测微器读数，要掌握实验器材的选择原则，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确连接实物电路图的关键，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器读数，螺旋测微器需要估读．四、计算题1.如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连．它的极板长L=0.4m ，两板间距离d=4×10﹣3m ，有一束由相同带电微粒组成的粒子流，以相同的速度v 0从两板中央平行极板射入，开关S 闭合前，两板不带电，由于重力作用微粒能落到下板的正中央，已知微粒质量为m=4×10﹣5kg ，电量q=+1×10﹣8C ，（g=10m/s 2）求：（1）微粒入射速度v 0为多少？（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的正极还是负极相连？所加的电压U 应取什么范围？【答案】（1）微粒入射速度v 0为10m/s ；（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的负极相连，所加的电压U 的范围为120V≤U≤200V ．【解析】解：（1）粒子刚进入平行板时，两极板不带电，粒子做的是平抛运动，则有： 水平方向有： 竖直方向有：解得：v 0=10m/s（2）由于带电粒子的水平位移增加，在板间的运动时间变大，而竖直方向位移不变，所以在竖直方向的加速度减小，所以电场力方向向上，又因为是正电荷，所以上极板与电源的负极相连， 当所加电压为U 1时，微粒恰好从下板的右边缘射出，则有：根据牛顿第二定律得：解得：U 1=120V当所加电压为U 2时，微粒恰好从上板的右边缘射出，则有：根据牛顿第二定律得：解得：U 2=200V所以所加电压的范围为：120V≤U≤200V 答：（1）微粒入射速度v 0为10m/s ；（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的负极相连，所加的电压U 的范围为120V≤U≤200V ．【点评】解得此类问题，首先要正确的对带电粒子在这两种情况下进行正确的受力分析，确定粒子的运动类型．解决带电粒子垂直射入电场的类型的题，应用平抛运动的规律进行求解．此类型的题要注意是否要考虑带电粒子的重力，原则是：除有说明或暗示外，对基本粒子（例如电子，质子、α粒子、离子等），一般不考虑重力；对带点微粒，（如液滴、油滴、小球、尘埃等），一般要考虑重力．2.如图所示，电源的电动势E=110V ，电阻R 1=21Ω，电动机绕组的电阻R 0=0.5Ω，电键S 1始终闭合．当电键S 2断开时，电阻R 1的电功率是525W ；当电键S 2闭合时，电阻R 1的电功率是336W ，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S 2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率． 【答案】（1）1Ω（2）22A 1606W【解析】解：（1）设S 2断开时R 1消耗的功率为P 1，则， 代入数据可以解得r=1Ω．（2）设S 2闭合时R 1两端的电压为U ，消耗的功率为P 2，则，解得U=84V由闭合电路欧姆定律得 E=U+Ir ，代入数据，得I=26A流过R 1的电流为I 1，流过电动机的电流为I 2，A ， 而I 1+I 2=I ，所以I 2=22A ，由UI 2=P 出+I 22R 0，代入数据得P 出=1606W ．【点评】解决本题的关键能够灵活运用闭合电路欧姆定律，以及知道电动机输入功率、输出功率、热功率的关系．3.如图所示，在绝缘水平面上，相距为L 的A 、B 两点分别固定着等量正点电荷．O 为AB 连线的中点，C 、D 是AB 连线上两点，其中AC=CO=OD=DB=．一质量为m 电量为+q 的小滑块（可视为质点）以初动能E 0从C 点出发，沿直线AB 向D 运动，滑块第一次经过O 点时的动能为n E 0（n ＞1），到达D 点时动能恰好为零，小滑块最终停在O 点，求：（1）小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ；（2）C 、O 两点间的电势差U CO ；（3）小滑块运动的总路程S ．【答案】（1）小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ为； （2）C 、O 两点间的电势差U CO 为． （3）小滑块运动的总路程S 为． 【解析】解：（1）由于C 点与D 点等势，滑块从C 到D 的过程中，电场力不做功，则小滑块第一次由C 到D ，由动能定理有：﹣μmg•=0﹣E 0求得，小滑块与水平面间动摩擦因数为 μ=； （2）由C 第一次到O 时，由动能定理得﹣μmg +qU CO =nE 0﹣E 0，解得，U CO =（3）由C 开始到最后停在O 点，有：qU CO ﹣μmgS=0﹣E 0由以上二式得：S=故小滑块运动的总距离为：S=答：（1）小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ为； （2）C 、O 两点间的电势差U CO 为．（3）小滑块运动的总路程S 为． 【点评】电场中的动能定理的应用要注意电场力做功和路径无关，只和初末两点的电势差有关，故很容易可求得电场力的功．。
2024届福建省福州市第一中学高二物理第一学期期中监测试题含解析
2024届福建省福州市第一中学高二物理第一学期期中监测试题 考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，M 、N 和P 是以MN 为直径的半圆弧上的三点，O 为半圆弧的圆心，∠MOP ＝91°，在M 、P 处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有垂直纸面向里、大小相等的恒定电流，这时O 点的磁感应强度大小为B 1．若将P 处长直导线移开，则O 点的磁感应强度的大小为( )A ．012B B ．022B C ．032B D ．0B 2、如图是某电路元件的图片，根据图中信息，可以判断这个电路元件是（ ）A ．电阻器B ．电容器C ．蓄电池D ．变压器3、关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（ ）A．电磁波由真空进入介质，频率不变，速度变大B．均匀变化的电场一定产生均匀变化的磁场C．雷达是用电磁波来测定物体位置的设备D．声波和电磁波都可在真空中传播4、一根张紧的水平弹性长绳上的a、b两点，相距14.0 m，b点在a点的右方。
当一列简谐横波沿此长绳向右传播时，若a点的位移达到正极大时，b点的位移恰为零，且向下运动，经过1.0s后，a点的位移为零，且向下运动，而b点的位移达到负极大，则这简谐横波的波速可能等于（）A．4.67m/sB．6m/sC．9m/sD．4m/s5、如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度为L，导线中电流为I．该导线所受安培力F的大小是（）A．F=IL BB．F=BL IC．F=BILD．F=BI L6、下列说法正确的是（）A．恒定电流是指大小、方向都不变的电流B．电动机工作是电功率等于热功率C．白炽灯正常发光是，“220V 15W”的灯泡比“220V 60W”的灯泡电阻小D．导体的电阻与构成它的材料无关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
福建省福州一中高二物理上学期期中试卷(含解析)
2014-2015学年福建省福州一中高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分）1．关于静电场，以下说法正确的是（）A．电场强度的大小，与试探电荷的电量成反比B．初速度为零的电荷在电场中，运动轨迹一定与电场线重合C．电场强度的方向就是电荷的受力方向D．同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大2．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．由R=，电阻与电流成反比，电阻与电压成正比C．金属导电时，其中的自由电子除做无规则热运动外，还做定向运动，电流的大小与自由电子定向移动的速率有关D．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大3．如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有电荷量大小相等的电荷．相隔一定的距离，两球之间的相互吸引力大小为F．今用第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B 两个球接触后移开．这时，A、B两个球之间的相互作用力大小是（）A．B．C．D．4．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）A．电场强度的方向一定由b指向aB．电子的电势能减少了5eVC． a、b两点电势差U ab=5VD．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值5．如图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力的作用下，做以Q为焦点的椭圆运动，电子从M点经P到达N点．P点是轨道上离Q最近的点，电子在从P到达N点的过程中（）A．速率增大B．加速度增大C．是从低电势到高电势的位置D．电势能增大6．电流表的内阻是Rg=500Ω，满刻度电流值是Ig=1mA，现欲把这个电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个约500Ω的电阻B．应并联一个约500Ω的电阻C．应串联一个约0.05Ω的电阻D．应并联一个约0.05Ω的电阻7．如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A．当n1=n2时，电流为零B．当n1＞n2时，电流方向从A→B，电流为I=C．当n1＜n2时，电流方向从B→A，电流为I=D．无论n1、n2大小如何，电流方向都从A→B，电流都为I=8．如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势9．某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零．则在此过程中（）A．电场力做功qES B．小球的电势能增加了qESC．小球的重力势能减少了qES D．物体的动能减少了qES10．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点．a、b电势分别为φa=5V，φb=3V，下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4VB． a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a11．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向下运动12．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零13．如图中虚线为匀强电场中的等势面，两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点A、B、C为实线与虚线的交点，已知O点电势高于C点．若不计重力，则（）A． M带负电荷，N带正电荷B． N在A点的速率与M在C点的速率相等C． N在从O点运动至A点的过程中克服电场力做功D． M在从O点运动至B点的过程中，电场力对它做的负功二、填空题（本题共8空，每空2分，共16分）14．一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为V．15．一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L的均匀细丝后，其电阻值为Ω16．如图所示，A、B两端接直流稳压电源，U ab=30V，滑动变阻器总阻值为40Ω，滑动片P 处于变阻器的中点，C、D两端电压U cd= V；若C、D两端接入一个20Ω的电阻，则U cd= V．17．一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0V，3.0mA，用（b）图测得的数据是2.9V，4.0mA，由此可知，用图测得R x的误差较小，测量值R x= Ω．18．在空间某一区域，有一匀强电场，一质量为m的液滴，带正电荷，电量为q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为，方向．三、计算题（本题共3小题，10分+10分+12分=32分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.19．如图所示电路中，电池组的电动势E=42V，内阻r=2Ω，定值电阻R=20Ω，D是电动机，其线圈电阻R′=1Ω．电动机正常工作时，理想电压表示数为20V．求：（1）通过定值电阻R的电流；（2）电动机的电功率；（3）电动机输出的功率．20．两个半径均为R的圆形平板电极，平行正对放置，相距为d，极板间的电势差为U，板间电场可以认为是匀强电场．一个质量为m，电荷量为q正粒子从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向指向圆心射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板圆心．忽略重力和空气阻力的影响，求：（1）两极板间的电场强度E的大小；（2）正粒子在极板间运动的加速度a的大小；（3）正粒子的初速度v0的大小．21．如图所示，空间存在着电场强度为E=2.5×103N/C、方向竖直向上的匀强电场，一长为L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，一端拴着质量m=5×10﹣3kg、电荷量q=4×10﹣5C的小球．现将细线拉直到水平位置A，使小球由A静止释放，则小球能运动到最高点．不计阻力．取g=10m/s2．求：（1）小球的电性．（2）细线在最高点受到的拉力．（3）若小球刚好运动到最高点时细线断裂，则细线断裂后小球继续运动到与O点水平方向距离为细线的长度L时，小球距OA所在水平面的高度．四、附加题（本小题10分）附加题以外分值达到80分时，附加题的分值方可计入总分，总分不超过100分．2004秋•宝山区期末）如图所示a所示，A和B表示在真空中相距为d的两平行金属板，加上恒定电压后，它们之间的电场可看成匀强电场．有一如图b所示的周期性变化的电压u，它的最大值在正半周内恒为+U0，在负半周内恒为﹣U0，现将这一周期性变化的电压加在A、B两板上，设t=0时，A板电势比B板高，这时在紧靠B板处有一初速为零的电子（质量为m，电量为e）在板间电场作用下开始运动．要想使这个电子到达A板时具有最大的动能，则所加电压的变化周期最小不能小于多少（结果用所供的物理量的符号表示）？2014-2015学年福建省福州一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分）1．关于静电场，以下说法正确的是（）A．电场强度的大小，与试探电荷的电量成反比B．初速度为零的电荷在电场中，运动轨迹一定与电场线重合C．电场强度的方向就是电荷的受力方向D．同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大考点：电场强度．分析：电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关．场强方向是放在该点的正电荷所受电场力方向；电场线是人们为形象描述电场而假想的，实际不存在；电场线与带电粒子的运动轨迹无直接关系，其轨迹是由力和初速度共同决定解答：解：A、电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关，不能说电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比．故A错误；B、静止释放的点电荷的运动轨迹是由电场力决定，当电场力的方向不变时，其轨迹是直线，即与电场线重合；当电场力的方向变化时，其轨迹是曲线，并不与电场线重合；运动轨迹是由力和初速度共同决定，故B错误．C、电场强度的方向就是正电荷的受力方向，与负电荷受力方向相反，故C错误；D、由F=qE可得，同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大，故D正确；故选：D点评：电场强度的定义式E=具有比值定义法的共性，定义出场强只与电场本身有关，与放入电场的试探电荷所受的电场力、电荷量大小无关；明确电场线是人们为形象描述电场而假想的，实际不存在；电场线与带电粒子的运动轨迹无直接关系，题目较简单2．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．由R=，电阻与电流成反比，电阻与电压成正比C．金属导电时，其中的自由电子除做无规则热运动外，还做定向运动，电流的大小与自由电子定向移动的速率有关D．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大考点：电流、电压概念；电功、电功率．分析：电流为通过导体截面的电量与所用时间的比值；电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关；电流大小与自由电子的热运动无关．解答：解：A、通过导线截面的电量多，但如果用的时间长，则电流强度不一定大；故A 错误；B、电流强度取决于电荷的定向移动速度，速率大电流强度不一定大；故B错误；C、金属导电时，其中的自由电子除作无规则的热运动外，还作定向运动，电流的大小是由定向运动的速率决定的；故C正确；D、电流与自由电子的热运动无关，温度变大时金属导体中的电阻增大，电流是减小的；故D错误；故选：C．点评：本题考查电流的定义、电阻的定义等，要注意明确电子的速率可能是无规则运动的速率．3．如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有电荷量大小相等的电荷．相隔一定的距离，两球之间的相互吸引力大小为F．今用第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B 两个球接触后移开．这时，A、B两个球之间的相互作用力大小是（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：理解库仑定律的内容，知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，然后根据各种情况列库仑定律方程，然后两式比较即可正确求解．解答：解：两球之间的相互吸引力，则两球带等量异种电荷；假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是：F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为：C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为：﹣这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：F′=k=，故A正确；BCD错误．故选：A．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量熟练应用库仑定律即可求题．4．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）A．电场强度的方向一定由b指向aB．电子的电势能减少了5eVC． a、b两点电势差U ab=5VD．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值考点：电势能；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电子在电场中移动时，根据电场力做功不能确定场强方向．电场力做正功多少，电子的电势能就减小多少．由公式U=求出a、b两点电势差U ab．由题，电势零点未确定，a、b两点的电势没有确定值．解答：解：A、由题，电子由a点移到b点，电场力做功5eV，电子的位移方向不沿b到a，电场强度的方向不一定由b指向a．故A错误．B、由于电场力对电子做功5eV，电子的电势能就减少了5eV．故B正确．C、a、b两点电势差U ab===﹣5V．故C错误．D、电势是相对的，是相对零电势点的，根据已知条件只能求出a、b间电势差，不能确定a、b两点的电势．故D正确．故选BD．点评：在应用公式U=解题时，U、W、q都要代入符号求解，还要注意电荷移动的方向和电势差的顺序．基本题．5．如图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力的作用下，做以Q为焦点的椭圆运动，电子从M点经P到达N点．P点是轨道上离Q最近的点，电子在从P到达N点的过程中（）A．速率增大B．加速度增大C．是从低电势到高电势的位置D．电势能增大考点：库仑定律；电势能．分析：根据影响速度和电势能大小的因素来分析速度和电势能的变化，找到转化的方向．而加速度则根据牛顿第二定律，结合库仑力大小来确定．沿电场线方向电势逐渐降低．解答：解：AD、当电子从P点向N点运动时，库仑力负功，运动的速度减小，所以动能减小，对于电势能增加．所以A错误，D正确；B、由F=可知，从P到达N点的过程中，库仑力减小，故加速度减小，故B错误；C、Q带正电，根据电场线的分布可知，P点电势最高，故C错误；故选：D．点评：考查牛顿第二定律与库仑定律等规律，掌握库仑力做功的特点，库仑力做正功，电势能减小，库仑力做负功，电势能增加．6．电流表的内阻是Rg=500Ω，满刻度电流值是Ig=1mA，现欲把这个电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个约500Ω的电阻B．应并联一个约500Ω的电阻C．应串联一个约0.05Ω的电阻D．应并联一个约0.05Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：把电流表改装成电压表，需要串联分压电阻，由串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．解答：解：把电流表改装成1V电压表，需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：R=﹣R g=﹣500=500Ω；故选：A．点评：本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．7．如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A．当n1=n2时，电流为零B．当n1＞n2时，电流方向从A→B，电流为I=C．当n1＜n2时，电流方向从B→A，电流为I=D．无论n1、n2大小如何，电流方向都从A→B，电流都为I=考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由电流的定义式I=进行分析运算，明确电荷量等于正负电量绝对值的和；电流的方向与正电荷定向移动的方向相同．解答：解：由题意可知，流过溶器截面上的电量q=（n1+n2）e；则电流I=；方向与正电荷的定向移动方向相同；故由A到B；故D正确、ABC错误．故选：D．点评：本题考查电解质中电流的计算方法，要注意同时有正负电荷参与时，总电量等于正负电荷电量绝对值的和．8．如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：压轴题．分析：由粒子的运动情景可得出粒子受到的电场力的方向，由电场力做功的性质可得出电势能及动能的变化；由电势与电势能的关系可判断电势．解答：解：A、由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，A错误；B、粒子由M到N电场力做负功，电势能增加，动能减少，故速度减小，故M点的速度大于N点的速度，故B正确，C错误；D、由于粒子和两极板所带电荷的电性未知，故不能判断M、N点电势的高低，D错误．点评：本题应明确：（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要注意电荷的正负极性，极性不同则做功不同．9．某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零．则在此过程中（）A．电场力做功qES B．小球的电势能增加了qESC．小球的重力势能减少了qES D．物体的动能减少了qES考点：电势能；动能定理的应用．分析：物体所受电场力为F=Eq，方向和电场方向相同，由于运动方向和电场方向相反，故电场力做负功，根据电场力做功情况可以判断电势能的变化；重力势能的变化量等于重力所做的功．根据动能定理求解动能的变化量．解答：解：A、小球所受的电场力方向竖直向上，由于物体所受的电场力和运动方向相反，故电场力做负功，为W=﹣qES，故A错误；B、电场力做负功，电势能增大，则小球的电势能增加了qES，故B错误；C、重力做功mhS，则小球的重力势能减小了mgS；故C错误；D、物体做减速运动，合外力做负功，动能减小，由动能定理得：△E k=﹣F合S=﹣maS=﹣qES，所以物体的动能减少了qES，故D正确．故选：D点评：本题在电场中考察了各种功能关系的转化，正确解答的关键是明确各种功能关系．10．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点．a、b电势分别为φa=5V，φb=3V，下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4VB． a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为4V．根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化．电场线的疏密可以判断场强的大小．正电荷受到的电场力方向与场强方向相同．解答：解：A、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在c点处的电势一定为4V．当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V．故A错误．B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强E a不一定大于b点处的场强E b．故B错误．C、由题，a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c 点运动到b点电势能一定减少．故C正确．D、由题可判断电场线方向从a指向b，正电荷运动到c点时受到的电场力由a指向b．故D 错误．故选C点评：本题要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低．11．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向下运动考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．解答：解：A、B、保持K闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左或向右滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确，B错误．C、D、由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态，故CD 错误．故选：A．点评：本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．12．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零考点：电场线；牛顿第二定律．分析：M、N为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P 点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定解答：解：A、点电荷在从P到O的过程中，所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，因为从O向上到无穷远，电场强度先增大后减小，P到O的过程中，电场强度大小变化不能确定，所以电场力无法确定，加速度不能确定．故A错误，B错误．C、点电荷运动到O点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以O 点的速度达到最大值．故C正确．D、越过O点后，负电荷q做减速运动，速度越来越小，同理加速度的大小无法确定．故D 错误．故选：C点评：本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性进行分析求解，注意从O点向上或向下的过程，电场强度都是先增大后减小13．如图中虚线为匀强电场中的等势面，两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点A、B、C为实线与虚线的交点，已知O点电势高于C点．若不计重力，则（）A． M带负电荷，N带正电荷B． N在A点的速率与M在C点的速率相等C． N在从O点运动至A点的过程中克服电场力做功D． M在从O点运动至B点的过程中，电场力对它做的负功考点：等势面．分析：根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O点电势高于C点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性．由动能定理可知，N在A点的速度与M在C点的速度大小相等，但方向不同．N从O点运动至A点的过程中电场力做正功．O、B间电势差为零，由动能定理可知电场力做功为零．解答：解：A、由题，等势线在水平方向，O点电势高于C点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出N粒子所受的电场力方向竖直向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知N粒子带负电，M带正电．故A错误．B、由动能定理可知，N在A点的速度与M在C点的速度大小相等，但方向不同．故B正确．C、N从O点运动至A点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功．故C错误．D、O、B间电势差为零，由动能定理可知M从O点运动至B点的过程中，电场力对它做功为零．故D错误．故选：B点评：本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性．由动能定理分析电场力做功是常用的方法．二、填空题（本题共8空，每空2分，共16分）14．一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为 2.5 V．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：知道1.5min通过该导体的电量，根据I=求出通过的电流，又知道导体的电阻，根据欧姆定律求出导体两端的电压．。
福建省福州市第一中学学年高二物理上学期期中试题
2018-2019学年第一学期期中考试高二物理试题（理科）一、选择题：此题共12小题，共40分．第1～8题在每题给出的四个选项中只有一项切合题目要求，每题3分；第9～12题有多项切合题目要求，每题4分，所有选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．以下说法中不正确的选项是A．美国物理学家密立根最早测得的元电荷量e的数值B．奥斯特发现，电流四周会产生磁场C．电动势是反应电源把其余形式的能转变为电能多少的物理量D．电阻率ρ是反应资料导电性能的物理量2．右图中a、b、c为三根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正三角形的三个极点上，导线中通有大小相同的电流，方向以下图。
能够判断出a、b两长直导线在c导线处产生的磁感觉强度方向是A．向上B．向下C．向左D．向右3．以下图，甲、乙两个电路，都是由一个敏捷电流表G和一个变阻器R构成，以下说法正确的选项是A．甲表是电流表，R增大时量程减小B．甲表是电压表，R增大时量程增大C．乙表是电流表，R增大时量程增大D．乙表是电压表，R增大时量程减小4．在以下图的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V6W”字样，电动机线圈的电阻R M=0.5Ω。
若灯泡恰能正常发光，以下说法正确的选项是A．电动机的输入电压是8V B．流过电动机的电流是10AC．电动机的效率是80% D．整个电路耗费的电功率是10W5．在以下图的U－I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻R的U－I图线。
用该电源直接与电阻R相连构成闭合电路，由图象可知A．电源的电动势为3 V，内阻为1ΩB．电阻R的阻值为2 ΩC．电源的输出功率为4 WD．电源的效率为50%6．图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线。
两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等。
现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示。
点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点。
福建高二高中物理期中考试带答案解析
福建高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.两个放在绝缘架上的相同金属球相距10m ，球的半径为0.1m ，分别带-q 和 + 3q 的电荷量，相互作用的静电力为F 。
现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的静电力将变为A ．B ．C ．2FD ．3F2.某粗细均匀的金属导线的电阻率为ρ，电阻为R ，现将它均匀拉长到长度为原来的2倍，在温度不变的情况下，则该导线的电阻率和电阻分别变为A ．ρ和4RB ．ρ和16RC ．4ρ和4RD ．16ρ和16R3.R 1、R 2两个电阻的U —I 图线如图所示，则A ．R 1 ＜ R 2B ．它们并联的电阻阻值为R ，则R 的U-I 图线在图中区域ⅠC ．它们并联的电阻阻值为R ，则R 的U-I 图线在图中区域ⅡD ．若将它们并联在电路中，发热功率较大的是电阻R 24.如图所示，图中三个电阻的阻值分为R 1=1Ω、R 2=3Ω、R 3=5Ω，则流过R 1、R 2、R 3的电流之比为A ．5∶3∶1B ．3∶1∶4C ．3∶1∶5D ．15∶5∶35.两个通草球带电后相互推斥，如图所示。
两悬线a 、b 跟竖直方向的夹角分别为α、β，两球在同一水平面上。
两球质量用m 1和m 2表示，所带电量用q 1和q 2表示。
若已知α>β，则一定有的关系A ．m 1受到的电场力一定大于m 2所受电场力B ．悬线a 受到的拉力一定大于悬线b 受到的拉力C ．m 1一定大于m 2D ．可能q 1等于q 26.如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中有A 、B 、C 三点，A 点为两点电荷连线的中点，B 点为连线上距A 点距离为d 的一点，C 点为连线中垂线上距A 点距离也为d 的一点，则下面关于三点电场强度E 的大小、电势高低的比较，正确的是A ．E A ＝E C ＞EB ，A ＝C ＞BB ．E B ＞E A ＞EC ，A ＝C ＞BC ．E A ＜E B ，E A ＜E C ，A ＞B ，A ＞CD ．因为电势零点未规定，所以无法判断电势高低7.一带电的粒子射入一固定带正电的点电荷Q 形成的电场中，沿图中虚线由a 点运动到b 点，a 、b 两点到点电荷的距离分别是r a 、r b ，且r a >r b ，若粒子只受电场力，则在这一过程中A ．粒子在a 点的电势一定高于b 点的电势B ．粒子在a 点的动能一定高于b 点的动能C ．粒子在a 点的电势能一定高于b 点的电势能D ．粒子在b 点的加速度一定小于在a 点的加速度8.如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N 与静电计相接，极板M 接地。
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福州一中高二上期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第．9．-．12．．题有多项．．符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1、以下说法正确的是( )Ａ.电容器A的电容比B的大，说明充电完全后电容器A所带的电荷量比B的多B. 由C=QU知，电容器的电容与两极板间的电压成反比，与所带的电荷量成正比C.为了防止外电场的影响，电学仪器应该放在封闭的绝缘体壳中D. 超高压带电作业的工人穿戴的工作服，要用包含金属丝的织物制成2、物理学中常用两个物理量的比值定义一个新的物理量，如速度是用位移与时间的比值来定义的，即v=xt.下面四个物理量的表达式不属于比值定义的是：( )B. 电势φ=E PqC. 电容C=QUD. 电流I=qtA.电流3、欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体的金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a>b>c。
电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻值最小的是（）A. B. C. D.4、如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过( )A．40 W B．60 W C．80 W D．120 W5、如图，三个固定的带电小球a、b和c，相互间的距离分别为ab=5 cm，bc=3cm，ca=4cm。
小球c所受库仑力的合力的方向平行于a、b的连线。
设小球a、b所带电荷量的比值的绝对值为k，则（）RUIA．a 、b的电荷同号，169 k=B．a、b的电荷异号，169 k=C．a、b的电荷同号，6427 k=D．a、b的电荷异号，6427 k=6、平行金属板中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端作动时，则下列判断正确的是（）A. 电压表读数减小B. 电流表读数增大C. 质点P将向下运动D. R3上消耗的功率逐渐增大7、如图所示，实线表示某电场的电场线(方向未标出)，虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨迹，设M点和N点的电势分别为φM、φN，粒子在M和N时加速度大小分别为a M、a N，速度大小分别为v M、v N，电势能分别为E pM、E pN.下列判断正确的是( )A．v M<v N，a M<a NB．v M<v N，φM<φNC．φM<φN，E pM<E pND．a M<a N，E pM<E pN8、如图所示，无限大均匀带正电的薄板竖直放置，其周围空间的电场可认为是匀强电场．光滑绝缘细管垂直穿过板中间小孔，一个可视为质点的带负电小球在细管内运动．以小孔为原点建立x轴，规定x轴正方向为加速度a和速度v的正方向，下图分别表示x轴上各点的电势φ、小球的加速度a、速度v和动能E k随x变化的图象，其中正确的是( )9、如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成的，下列说法正确的是（） A. 甲表是伏特表，R增大时量程增大B. 甲表是安培表，R增大时量程减小C. 乙表是伏特表，R增大时量程增大D. 乙表是安培表，R增大时量程减小10、如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地。
给电容器充电，静电计指针张开一定角度．以下实验过程中电容器所带电荷量可认为不变。
下面操作能使静电计指针张开角度变小的是（）A．将M板沿水平向右方向靠近N板B．在M、N之间插入有机玻璃板C．将M板向上平移D．在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触11、在一静止点电荷的电场中，任一点的电势φ与该点到点电荷的距离r的关系如图所示．电场中四个点a、b、c和d的电场强度大小分别为E a、E b、E c和E d.点a到点电荷的距离r a与点a的电势φa已在图中用坐标(r a，φa)标出，其余类推．现将一带正电的试探电荷由a点依次经b、c点移动到d 点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为W ab、W bc和W cd.下列选项正确的是( )A．E a∶E b＝4∶1B.E c∶E d＝2∶1C．W ab∶W bc＝3∶1D．W bc∶W cd＝1∶312、如图所示，AB⊥CD且A、B、C、D位于同一半径为r的竖直圆上，圆心为O,在C点有一固定点电荷，电荷量为+Q，现从A点将一质量为m，电荷量为q的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为（g为重力加速度），规定电场中B点的电势为零，则在+Q形成的电场中（）A．O点电势等于A点电势 B．D点电势为﹣C．O点电场强度大小是B点的2 倍 D．点电荷q在D点具有的电势能为﹣mgr二、实验题（每空2分，作图2分，共16分）13.电压表（量程为3伏）的读数为______V，电流表（量程为0.6安）的读数为______A。
螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为________mm．14.某物理学习小组要描绘一只小灯泡(2.5 V 1.2 W)的伏安特性曲线,有下列器材供选用:A.电压表(0~3 V,内阻约为6 kΩ)B.电压表(0~15 V,内阻约为30 kΩ)C.电流表(0~3 A,内阻约为0.1 Ω)D.电流表(0~0.6 A,内阻约为0.5 Ω)E.滑动变阻器(0~10 Ω,允许通过的最大电流为5 A)F.滑动变阻器(0~1 kΩ,允许通过的最大电流为0.1 A)G.电源(3 V,内阻不计) H.开关一个,导线若干(1)电压表应选用电流表应选用滑动变阻器应选用。
(用序号字母表示)(2)在实验中要尽可能提高实验精度,所用的实验电路图应选图乙中的( )。
(3)乙图中作出小灯泡的伏安特性曲线。
三、计算题（本题共4小题，共36分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分，有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位。
）15、（6分）如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机的内阻r=0.8Ω，电路中另一电阻R=10Ω，直流电压U=160V，电压表示数U V=110V.试求：(1)通过电动机的电流；(2)输入电动机的电功率；(3)若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量．(g取10m/s2).16、（8分）倾角为37°的绝缘光滑斜面AB和绝缘光滑水平面BC平滑连接，斜面AB长L＝4m，空间存在着平行于斜面向上的匀强电场。
现有质量为m＝1kg，带电量为+2.0×10﹣3C的滑块（可视为质点）从A点以6m/s的速度沿斜面匀速下滑。
g取10m/s2，（sin37=0.6,cos37=0.8）求：（1）电场强度的大小E；（2）滑块在水平面BC运动的最大位移。
17、（10分）如图，ABD为竖直平面内的绝缘轨道，其中AB段是长为s=1.25m的粗糙水平面，其动摩擦因数为μ=0.1，BD段为半径R=0.2m的光滑半圆，两段轨道相切于B点，整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，场强大小E=5.0×103V/m.一带负电小球以速度v0从A点沿水平轨道向右运动，接着进入半圆轨道后，恰能通过最高点D点．已知小球的质量为m=2.0×10−2kg，所带电荷量q=2.0×10−5C，g=10m/s2，(水平轨道足够长，小球可视为质点，整个运动过程无电荷转移).求：(1)小球能通过轨道最高点D时的速度大小；(2)带电小球在从D点飞出后，首次落到水平轨道上时的水平位移大小；(3)小球的初速度v0．18、（12分）在直角坐标系中，三个边长都为l＝2 m的正方形如图所示排列，第一象限正方形区域ABOC中有水平向左的匀强电场，电场强度大小为E0，第二象限正方形COED的对角线CE左侧CED区域内有竖直向下的匀强电场，三角形OEC区域内无电场，正方形DENM区域内无电场．(1)现有一带电荷量为＋q、质量为m的带电粒子(重力不计)从AB边上的A点由静止释放，恰好能通过E点，求CED区域内的匀强电场的电场强度E1的大小．(2)保持(1)问中电场强度不变，若在正方形区域ABOC内的某些点由静止释放与上述相同的带电粒子，要使所有的粒子都经过E点，则释放的坐标值x、y间应满足什么关系？物理答案一、选择题（48分）二、实验题（本题共16分，每空2分）13 2.60 （2.60-2.62） 0.53 1.772（1.771-1.775）14(1)A D E (2)C (3)三、计算题（36分）15.(6分)解：(1)由电路中的电压关系可得电阻R的分压为：U R=U−U V=(160−110)V=50V流过电阻R的电流为：I R=U RR=5010A=5 A -----1分即通过电动机的电流为：I M=I R=5 A ---1分(2)电动机的分压为：U M=U V=110V ------1分输入电动机的功率为：P电=I M U M=5×110W=550W ---1分(3)电动机的发热功率为：P热=I M2r═52×0.8W=20W电动机输出的机械功率P出=P电−P热=550W−20W=530W ----1分又因P出=mgv所以有：m=P出gv=53010×1kg=53kg ----- 1分16. (8分)（1）从A 到B 过程，对滑块受力分析知Eq ＝mgsin37°（2分）E ＝＝N/C ＝3.0×103N/C （2分）（2）速度从6m/s 到0，根据动能定理，有： ﹣Eqcos37°x ＝0﹣（2分）解得：x ＝m （2分）17. (10分)解：(1)小球恰能通过轨道的最高点的情况下，设到达最高点的速度为v D, 则mg −Eq =mv D 2R， ---2分解得v D =1 m/s ---1分(2)设小球离开D 点到达水平轨道的时间为t ，落点到B 点的距离为x ，2R =12at 2，---1分a =mg−qE m---1分代入数据解得t =0.4 s ， x =v D t =0.4 m ---1分(3)从A 到D 由动能定理得：−μ(mg −qE)s −2mgR +2qER =12mv D 2−12mv 02 ---2分解得：v 0=2.5m/s ---2分18.（12分）解：[解析] (1)设粒子出第一象限时速度为v ，加速过程 qE 0l ＝12mv 2---2分粒子在CED 区域内做类平抛运动，由类平抛运动的规律得l ＝vtl ＝12·qE 1m t 2---2分 计算可得E 1＝4E 0 ---2分(2)设出发点坐标(x ，y)，加速过程qE 0x ＝12mv 21 ---2分经过分析知，要过E 点，粒子在第二象限中做类平抛运动时竖直位移与水平位移相等为yy ＝v 1t 1 ---1分 y ＝12·qE 1m t 21 ---1分 计算可得y ＝x ---2分。