3复变函数 课后答案(王绵森 著) 高等教育出版社
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习题一解答
1.求下列复数的实部与虚部、共轭复数、模与辐角。 (1)
i 231+; (2)i
13i i 1−−; (3)
()()2i 5i 24i 3−+; (4)
i 4i i 218+−解 (1)()()()2i 313
1
2i 32i 32i 32i 31−=−+−=+ 所以
133
=⎭⎬⎫⎩⎨⎧+i 231Re ,1322i 31Im −=⎭
⎬⎫⎩⎨⎧+,
()2i 31312i 31+=+,131********i 312
2
=⎟⎠
⎞
⎜⎝⎛−+⎟⎠⎞⎜⎝⎛=+, k π2i 231arg i 231Arg +⎟⎠
⎞
⎜⎝⎛+=⎟⎠⎞⎜⎝⎛+
",2,1,0,23
2
arctan ±±=+−=k k π
(2)()()()()i,2
5233i 321i i)(1i 1i 13i i i i i 13i i 1−=+−−−=+−+−−−=−−
所以
,23
i 13i i 1Re =⎭⎬⎫⎩⎨⎧−− 25i 13i i 1Im −=⎭
⎬⎫
⎩⎨⎧−−
25i 23i 13i i 1+=⎟⎠⎞⎜⎝⎛−−,2342523i 13i i 12
2=⎟⎠⎞⎜⎝⎛−+⎟⎠⎞⎜⎝⎛=−−
, k π2i 1i 3i 1arg i 1i 3i 1Arg +⎟⎠
⎞
⎜⎝⎛−−=⎟⎠⎞⎜⎝⎛−− ",±,±,=,+−=21023
5
arctan k k π.
(3)
()()()()()()()()()4
2i 7i 262i 2i 2i 5i 24i 32i 5i 24i 3−−=−−−+=−+ 13i 2
7226i
7−−=−−=
所以
()()272i 5i 24i 3Re −=⎭⎬⎫⎩⎨⎧−+,
()()132i 5i 24i 3Im −=⎭⎫
⎩
⎨⎧−+,
()()l3i 27
2i 5i 24i 3+−=⎥⎦
⎤⎢⎣⎡−+
()()2
29
5
2i
5i 24i 3=−+, ()()()()k ππk π2726arctan 22i 2i 52i 43arg i 2i 52i 43Arg +−=+⎥⎦
⎤
⎢⎣⎡−+=⎥⎦⎤⎢⎣⎡−+ ()",2,1,0,127
26
arctan
±±=−+=k k π.
(4)()
()
()()i i 141i i i 4i i 4i i 10410
24
2218+−−−=+−=+−
3i 1i 4i 1−=+−=
所以
{}{}
3i 4i i Im 1,i 4i i Re 218218−=+−=+−
3i 1i 4i i 218+=⎟⎠
⎞
⎜⎝⎛+−,10|i 4i i |218=+− ()()
()2k π3i 1arg 2k πi 4i i arg i 4i i Arg 218218+−=++−=+−
=.2,1,0,k 2k π
arctan3"±±=+−
2.如果等式()i 13i
53y i 1x +=+−++成立,试求实数x , y 为何值。
解:由于
()()[]()()()3i 53i 53i 53y i 1x 3i
53y i 1x −+−−++=+−++
()()()()[]34
3y 51x 3i 3y 31x 5−++−+−++=
[]()i 1185y 3x i 43y 5x 34
1+=−+−+−+= 比较等式两端的实、虚部,得
⎩⎨⎧=−+−=−+34185334435y x y x 或 ⎩
⎨
⎧=+−=+525338
35y x y x 解得11,1==y x 。
3.证明虚单位i 有这样的性质:-i=i -1=i 。 4.证明
21)||11
6)Re()(),Im()(22i
z zz z z z z z =z =
+=#−
证明:可设i z x y =+,然后代入逐项验证。
5.对任何,是否成立?如果是,就给出证明。如果不是,对那些值才成立?
z 2
||z z =2
2
2z 解:设,则要使成立有
i z x y =+2
||z z =2222i x y xy x −+=+y 0,即。由此可得为实数。
2222,x y x y xy −=+=z 6.当时,求的最大值,其中n 为正整数,a 为复数。 1||≤z ||a z n +解:由于|a||a||z|a z n
n +≤+≤+1,且当n
a e
z arg i
=时,有
()|a|e a |a|e e a|z a a n
n a n
+=+=+⎟⎟⎠⎞⎜
⎜⎝
⎛=+|11arg i arg i arg i 故为所求。
||1a +8.将下列复数化成三角表示式和指数表示式。
(1)i ; (2)-1; (3)1+3i ;
(4)()π0isin cos 1≤≤+−ϕϕϕ; (5)i 12i
+−; (6)
()()3
2
isin3cos3isin5cos5ϕϕϕϕ−+ 解:(1)2π
i e 2
π
isin 2πcos i =+=;
(2)
i πe isin πcos π1=+=−(3)3π
i 2e 3πisin 3πcos 223i 2123i 1=⎟⎠⎞⎜⎝⎛+=⎟⎟⎠⎞⎜⎜
⎝
⎛+=+; (4)2
1cos isin 2sin
i2sin
cos
2sin
sin icos 2
2
2
222ϕ
ϕ
ϕ
ϕϕϕϕϕ⎛
⎞
−+=+=+⎜⎟⎝⎠
π)(0,e
2
2sin 2πisin 2πcos 22sin 2
πi
≤≤=⎟⎠⎞⎜⎝⎛
−+−=−ϕϕϕϕϕϕ
;
(5)
()⎟⎟⎠⎞
⎜⎜⎝⎛−=−=−−=+−21i 2
12i 1i 12i 21i 12i ⎟⎠⎞⎜⎝
⎛
−=4πisin 4πcos 2
=4
πi
e
2−
(6)()()
()()2
23
i5i3i10i9i193cos5isin5e /e e /e e cos3isin3ϕϕϕϕϕϕϕϕ−−+==−ϕ=