高考数学(理)二轮专题练习：解答题的八个答题模板(含答案)
【高考宝典】高考数学解答题常考公式及答题模板
高考数学解答题常考公式及答题模板题型一：解三角形1、正弦定理：R CcB b A a 2sin sin sin === （R 是ABC ∆外接圆的半径） 变式①：⎪⎩⎪⎨⎧===C R c B R b A R a sin 2sin 2sin 2 变式②：⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧===Rc C R bB R a A 2sin 2sin 2sin 变式③：C B A c b a sin :sin :sin ::=2、余弦定理：⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-+=-+==+=C ab b a c B ac c a b A bc c b a cos 2cos 2cos 2222222222 变式：⎪⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎪⎨⎧-+=-+=-+=ab c b a C ac b c a B bc a c b A 2cos 2cos 2cos 2222222223、面积公式：A bc B ac C ab S ABC sin 21sin 21sin 21===∆ 4、射影定理：⎪⎩⎪⎨⎧+=+=+=A b B a c A c C a b Bc C b a cos cos cos cos cos cos （少用，可以不记哦^o^）5、三角形的内角和等于 180，即π=++C B A6、诱导公式：奇变偶不变，符号看象限利用以上关系和诱导公式可得公式：⎪⎩⎪⎨⎧=+=+=+A C B B C A C B A sin )sin(sin )sin(sin )sin( 和⎪⎩⎪⎨⎧-=+-=+-=+A C B B C A CB A cos )cos(cos )cos(cos )cos(7、平方关系和商的关系：①1cos sin 22=+θθ ②θθθcos sin tan = 奇：2π的奇数倍 偶：2π的偶数倍8、二倍角公式：①θθθcos sin 22sin =②θθθθθ2222sin 211cos 2sin cos 2cos -=-=-= ⇒降幂公式：22cos 1cos 2θθ+=，22cos 1sin 2θθ-= ③θθθ2tan 1tan 22tan -=8、和、差角公式：①⎩⎨⎧-=-+=+βαβαβαβαβαβαsin cos cos sin )sin(sin cos cos sin )sin(②⎩⎨⎧+=--=+βαβαβαβαβαβαsin sin cos cos cos(sin sin cos cos cos(））③⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+-=--+=+βαβαβαβαβαβαtan tan 1tan tan )tan(tan tan 1tan tan )tan( 9、基本不等式：①2ba ab +≤),(+∈R b a ②22⎪⎭⎫ ⎝⎛+≤b a ab ),(+∈R b a ③222b a ab +≤ ),(R b a ∈注意：基本不等式一般在求取值范围或最值问题中用到，比如求ABC ∆面积的最大值时。
高中数学解答题8个答题模板与做大题的方法
高中数学解答题8个答题模板与做大题的方法高中数学解答题是每一位学生都要面对的考试难题，要想在考场上取得好成绩，就需要掌握一些答题模板和技巧。
本文将为大家分享一些高中数学解答题的8个答题模板以及做大题的方法。
一、直接套公式有些题目只需要把已知条件代入公式求解即可。
例如：已知正方形的一条对角线长度为10，求正方形面积。
解答：根据正方形对角线公式可知，正方形的边长等于对角线长度的平方除以2，即$a=\frac{\sqrt{2}}{2} \times 10=5\sqrt{2}$正方形面积为$a^2=50$。
二、代数相加减有些题目需要转换成代数式，通过相加减化简后求解。
例如：已知$\frac{x+2}{a}=\frac{4}{x-2}$，求$\frac{x^2+2x}{a^2}$的值。
解答：将已知条件转换为代数式，得到$x+2=\frac{4a}{x-2}$将$x^2+2x$用$x+2$和$x-2$表示出来，可得：$x^2+2x=(x+2)(x-2)+6$代入上式可得：$\frac{x^2+2x}{a^2}=\frac{(x+2)(x-2)+6}{a^2}=\frac{4a^2+6}{ a^2}=4+\frac{6}{a^2}$三、代数移项有些题目需要进行代数移项以消去未知量，例如：已知2x-3y=9，求y。
解答：将未知量y移至等式左侧，可得$2x-9=3y$将等式两侧同时除以3，即得y的值：$y=\frac{2x-9}{3}$。
四、因式分解有些题目需要通过因式分解来求解，例如：已知$x^2+3x-10=0$，求x。
解答：将$x^2+3x-10$进行因式分解，可得$(x+5)(x-2)=0$因此，$x=-5$或$x=2$。
五、有理化有些题目涉及分数，需要进行有理化操作，例如：已知$\frac{1}{\sqrt{3}-1}+\frac{2}{\sqrt{3}+1}=a+b\sqrt{3}$，求a和b的值。
解答：分别对两个分数进行有理化，可得：$\frac{1}{\sqrt{3}-1}=\frac{\sqrt{3}+1}{2}$，$\frac{2}{\sqrt{3}+1}=\sqrt{3}-1$将上式代入原式，可得：$a+b\sqrt{3}=\frac{\sqrt{3}+1}{2}+\sqrt{3}-1=2\sqrt{3}-\frac{ 1}{2}$因此，a= -1/2，b= 2。
2015届高考理科数学解答题的八个大题模板
方达教育学科教师辅导教案学员姓名年级高三辅导科目数学授课老师翟嘉课时数2h 第次课授课日期及时段 2015年月日：—：数学解答题是高考数学试卷中的一类重要题型，通常是高考的把关题和压轴题,具有较好的区分层次和选拔功能．目前的高考解答题已经由单纯的知识综合型转化为知识、方法和能力的综合型解答题．在高考考场上，能否做好解答题，是高考成败的关键，因此，在高考备考中学会怎样解题,是一项重要的内容．“答题模板”就是首先把高考试题纳入某一类型,把数学解题的思维过程划分为一个个小题，按照一定的解题程序和答题格式分步解答,即化整为零．强调解题程序化，答题格式化，在最短的时间内拟定解决问题的最佳方案,实现答题效率的最优化．模板1三角变换与三角函数的性质问题已知函数f(x）＝2cos x·sin错误!－错误!sin2x＋sin x cos x＋1。
(1）求函数f（x）的最小正周期；（2)求函数f(x）的最大值及最小值；（3）写出函数f(x)的单调递增区间．审题路线图不同角化同角→降幂扩角→化f(x）＝A sin（ωx＋φ）＋h→结合性质求解．规范解答示例构建答题模板解f(x)＝2cos x错误!－错误!sin2x＋sin x cos x＋1＝2sin x cos x＋错误!（cos2x－sin2x）＋1＝sin 2x＋错误!cos 2x ＋1＝2sin错误!＋1.(1）函数f(x）的最小正周期为错误!＝π。
（2）∵－1≤sin错误!≤1，∴－1≤2sin错误!＋1≤3.∴当2x＋错误!＝错误!＋2kπ,k∈Z，即x＝错误!＋kπ,k∈Z 时，f（x)取得最大值3；当2x＋错误!＝－错误!＋2kπ，k∈Z，即x＝－错误!＋kπ，k∈Z时，f（x)取得最小值－1.(3)由－错误!＋2kπ≤2x＋错误!≤错误!＋2kπ，k∈Z，得－第一步化简：三角函数式的化简，一般化成y＝A sin(ωx＋φ)＋h的形式，即化为“一角、一次、一函数”的形式．第二步整体代换：将ωx＋φ看作一个整体，利用y＝sin x，y＝cos x的性质确定条件．第三步求解：利用ωx＋φ的范围求条件解得函数y＝A sin(ωx＋φ）＋h 的性质，写出结果．第四步反思：反思回顾，查看关键点，易错点，对结果进行估算，检查规范性。
高考数学解答题答题模板
典例1 (12分)已知m ＝(cos ωx ，3cos(ωx ＋π))，n ＝(sin ωx ，cos ωx )，其中ω>0，f (x )＝m·n ，且f (x )相邻两条对称轴之间的距离为π2.(1)若f (α2)＝－34，α∈(0，π2)，求cos α的值；(2)将函数y ＝f (x )的图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍，纵坐标不变，然后向左平移π6个单位长度，得到函数y ＝g (x )的图象，求函数y ＝g (x )的单调递增区间． 审题路线图 (1)f (x )＝m·n ――――→数量积运算辅助角公式得f (x )――→对称性周期性求出ω()2f α−−−−和差公式cos α (2)y ＝f (x )―――→图象变换y ＝g (x )―――→整体思想g (x )的递增区间评分细则 1.化简f (x )的过程中，诱导公式和二倍角公式的使用各给1分；如果只有最后结果没有过程，则给1分；最后结果正确，但缺少上面的某一步过程，不扣分；2．计算cos α时，算对cos(α－π3)给1分；由cos(α－π3)计算sin(α－π3)时没有考虑范围扣1分；3．第(2)问直接写出x 的不等式没有过程扣1分；最后结果不用区间表示不给分；区间表示式中不标出k ∈Z 不扣分；没有2k π的不给分．跟踪演练1 已知函数f (x )＝3sin ωx cos ωx ＋cos 2ωx －12(ω>0)，其最小正周期为π2.(1)求f (x )的表达式；(2)将函数f (x )的图象向右平移π8个单位长度，再将图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变)，得到函数y ＝g (x )的图象，若关于x 的方程g (x )＋k ＝0在区间[0，π2]上有且只有一个实数解，求实数k 的取值范围． 解 (1)f (x )＝3sin ωx cos ωx ＋cos 2ωx －12＝32sin 2ωx ＋cos 2ωx ＋12－12＝sin(2ωx ＋π6)， 由题意知f (x )的最小正周期T ＝π2，T ＝2π2ω＝πω＝π2，所以ω＝2，所以f (x )＝sin(4x ＋π6)．(2)将f (x )的图象向右平移π8个单位长度后，得到y ＝sin(4x －π3)的图象；再将所得图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变)，得到y ＝sin(2x －π3)的图象，所以g (x )＝sin(2x －π3)，因为0≤x ≤π2，所以－π3≤2x －π3≤2π3，所以g (x )∈[－32，1]． 又g (x )＋k ＝0在区间[0，π2]上有且只有一个实数解，即函数y ＝g (x )与y ＝－k 在区间[0，π2]上有且只有一个交点，由正弦函数的图象可知－32≤－k <32或－k ＝1， 解得－32<k ≤32或k ＝－1，所以实数k 的取值范围是(－32，32]∪{－1}.典例2 (12分)在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c .已知a ＝3，cos A ＝63，B ＝A ＋π2.(1)求b 的值； (2)求△ABC 的面积．审题路线图 (1)利用同角公式、诱导公式→求得sin A 、sin B →利用正弦定理求b (2)方法一余弦定理求边c →S ＝12ac sin B方法二用和角正弦公式求sin C →S ＝12ab sin C评分细则 1.第(1)问：没求sin A 而直接求出sin B 的值，不扣分；写出正弦定理，但b 计算错误，得1分．2．第(2)问：写出余弦定理，但c 计算错误，得1分；求出c 的两个值，但没舍去，扣2分；面积公式正确，但计算错误，只给1分；若求出sin C ，利用S ＝12ab sin C 计算，同样得分．跟踪演练2 已知a ，b ，c 分别为△ABC 三个内角的对边，且3cos C ＋sin C ＝3a b， (1)求B 的大小；(2)若a ＋c ＝57，b ＝7，求AB →·BC →的值． 解 (1)∵3cos C ＋sin C ＝3ab， 由正弦定理可得：3cos C ＋sin C ＝3sin Asin B， ∴3cos C sin B ＋sin B sin C ＝3sin A ， 3cos C sin B ＋sin B sin C ＝3sin(B ＋C )3cos C sin B ＋sin B sin C ＝3sin B cos C ＋3cos B sin C ， sin B sin C ＝3sin C cos B ， ∵sin C ≠0，∴sin B ＝3cos B ， ∴tan B ＝3，又0<B <π，∴B ＝π3.(2)由余弦定理可得：2ac cos B ＝a 2＋c 2－b 2＝(a ＋c )2－2ac －b 2， 整理得：3ac ＝(a ＋c )2－b 2， 即：3ac ＝175－49. ∴ac ＝42，∴AB →·BC →＝－BA →·BC →＝－|BA →||BC →|·cos B ＝－ac ·cos B ＝－21.典例3 (12分)下表是一个由n 2个正数组成的数表，用a ij 表示第i 行第j 个数(i ，j ∈N *)，已知数表中第一列各数从上到下依次构成等差数列，每一行各数从左到右依次构成等比数列，且公比都相等．已知a 11＝1，a 31＋a 61＝9，a 35＝48.a 11 a 12 a 13 … a 1n a 21 a 22 a 23 … a 2n a 31 a 32 a 33 … a 3n … … … … … a n 1 a n 2 a n 3 … a nn(1)求a n 1和a 4n ；(2)设b n ＝a 4n(a 4n －2)(a 4n －1)＋(－1)n ·a n 1(n ∈N *)，求数列{b n }的前n 项和S n .审题路线图 数表中项的规律―→确定a n 1和a 4n ――→化简b n 分析b n 的特征―――――→选定求和方法分组法及裂项法、公式法求和评分细则 (1)求出d 给1分，求a n 1时写出公式结果错误给1分；求q 时没写q >0扣1分； (2)b n 写出正确结果给1分，正确进行裂项再给1分； (3)缺少对b n 的变形直接计算S n ，只要结论正确不扣分； (4)当n 为奇数时，求S n 中间过程缺一步不扣分．跟踪演练3 已知数列{a n }是各项均不为0的等差数列，公差为d ，S n 为其前n 项和，且满足a 2n ＝S 2n －1，n ∈N *.数列{b n }满足b n ＝1a n ·a n ＋1，n ∈N *，T n 为数列{b n }的前n 项和． (1)求数列{a n }的通项公式；(2)若对任意的n ∈N *，不等式λT n <n ＋8·(－1)n 恒成立，求实数λ的取值范围． 解 (1)a 21＝S 1＝a 1，∵a 1≠0，∴a 1＝1. ∵a 22＝S 3＝a 1＋a 2＋a 3，∴(1＋d )2＝3＋3d ，解得d ＝－1或2.当d ＝－1时，a 2＝0不满足条件，舍去，∴d ＝2. ∴数列{a n }的通项公式为a n ＝2n －1. (2)∵b n ＝1a n a n ＋1＝1(2n －1)(2n ＋1)＝12(12n －1－12n ＋1)， ∴T n ＝12(1－13＋13－15＋…＋12n －1－12n ＋1)＝n 2n ＋1. ①当n 为偶数时，要使不等式λT n <n ＋8·(－1)n 恒成立，只需不等式λ<(n ＋8)(2n ＋1)n ＝2n ＋8n ＋17恒成立即可．∵2n ＋8n≥8，等号在n ＝2时取得，∴λ<25.②当n 为奇数时，要使不等式λT n <n ＋8·(－1)n 恒成立，只需不等式λ<(n －8)(2n ＋1)n ＝2n －8n －15恒成立即可．∵2n －8n 是随n 的增大而增大，∴n ＝1时，2n －8n 取得最小值－6，∴λ<－21.综上①②可得λ的取值范围是(－∞，－21).典例4 (12分)如图，四棱锥P —ABCD 的底面为正方形，侧面P AD ⊥底面ABCD ，P A ⊥AD ，E ，F ，H 分别为AB ，PC ，BC 的中点．(1)求证：EF ∥平面P AD ； (2)求证：平面P AH ⊥平面DEF .审题路线图 (1)条件中各线段的中点――――→设法利用中位线定理取PD 中点M ―――――→考虑平行关系长度关系 平行四边形AEFM ―→AM ∥EF ――――→线面平行的判定定理EF ∥平面P AD (2)平面P AD ⊥平面ABCD P A ⊥AD ―――→面面垂直的性质P A ⊥平面ABCD ―→P A ⊥DE ――――――――→正方形ABCD 中E 、H 为AB 、BC 中点DE ⊥AH ――――→线面垂直的判定定理DE ⊥平面P AH ――――→面面垂直的判定定理平面P AH ⊥平面DEF评分细则 1.第(1)问证出AE綊FM给2分；通过AM∥EF证线面平行时，缺1个条件扣1分；利用面面平行证明EF∥平面P AD同样给分；2．第(2)问证明P A⊥底面ABCD时缺少条件扣1分；证明DE⊥AH时只要指明E，H分别为正方形边AB，BC中点得DE⊥AH不扣分；证明DE⊥平面P AH只要写出DE⊥AH，DE⊥P A，缺少条件不扣分．跟踪演练4(2015·北京)如图，在三棱锥V－ABC中，平面VAB⊥平面ABC，△VAB为等边三角形，AC⊥BC且AC＝BC＝2，O，M分别为AB，VA的中点．(1)求证：VB ∥平面MOC ； (2)求证：平面MOC ⊥平面VAB ； (3)求三棱锥V －ABC 的体积．(1)证明 因为O ，M 分别为AB ，VA 的中点， 所以OM ∥VB ，又因为VB ⊄平面MOC ，OM ⊂平面MOC ， 所以VB ∥平面MOC .(2)证明 因为AC ＝BC ，O 为AB 的中点， 所以OC ⊥AB .又因为平面VAB ⊥平面ABC ，且OC ⊂平面ABC ， 所以OC ⊥平面VAB . 又OC ⊂平面MOC ， 所以平面MOC ⊥平面VAB .(3)解 在等腰直角三角形ACB 中，AC ＝BC ＝2， 所以AB ＝2，OC ＝1，所以等边三角形VAB 的面积S △VAB ＝ 3. 又因为OC ⊥平面VAB .所以三棱锥C －VAB 的体积等于13·OC ·S △VAB ＝33，又因为三棱锥V －ABC 的体积与三棱锥C －VAB 的体积相等， 所以三棱锥V －ABC 的体积为33.典例5 (12分)如图，AB 是圆O 的直径，C 是圆O 上异于A ，B 的一个动点，DC 垂直于圆O 所在的平面，DC ∥EB ，DC ＝EB ＝1，AB ＝4.(1)求证：DE⊥平面ACD；(2)若AC＝BC，求平面AED与平面ABE所成的锐二面角的余弦值．审题路线图(1)(2)CA、CB、CD两两垂直―→建立空间直角坐标系―→写各点坐标―→求平面AED与平面ABE的法向量―→将所求二面角转化为两个向量的夹角评分细则 1.第(1)问中证明DC ⊥BC 和AC ⊥BC 各给1分；证明DE ∥BC 给1分；证明BC ⊥平面ACD 时缺少AC ∩DC ＝C ，AC ，DC ⊂平面ACD ，不扣分．2．第(2)问中建系给1分；两个法向量求出1个给2分；没有最后结论扣1分；法向量取其他形式同样给分．跟踪演练5 如图，在几何体ABCDQP 中，AD ⊥平面ABPQ ，AB ⊥AQ ，AB ∥CD ∥PQ ，CD ＝AD ＝AQ ＝PQ ＝12AB ，(1)证明：平面APD ⊥平面BDP ； (2)求二面角A —BP —C 的正弦值．方法一 (1)证明 设AQ ＝QP ＝1，则AB ＝2， 易求AP ＝BP ＝2， 由勾股定理可得BP ⊥AP ，而AD ⊥平面ABPQ ，所以BP ⊥DA ， 又AP ∩AD ＝A ，故BP ⊥平面APD .而BP ⊂平面BDP ，所以平面APD ⊥平面BDP .(2)解 设M 、N 分别为AB 、PB 的中点，连接CM ，MN ，CN .易得CM ⊥平面APB ，MN ⊥PB ， 故∠CNM 为二面角A —BP —C 的平面角． 结合(1)计算可得，CM ⊥MN ，CM ＝1， MN ＝22，CN ＝62， 于是在Rt △CMN 中，sin ∠CNM ＝63. 所以二面角A —BP —C 的正弦值为63. 方法二 (1)证明 如图所示，建立空间直角坐标系，点A 为坐标原点，设AB ＝2，依题意得A (0,0,0)，B (0,2,0)，C (0,1,1)，D (0,0,1)， Q (1,0,0), P (1,1,0)，BP →＝(1，－1,0)，AP →＝(1,1,0)，AD →＝(0,0,1)，那么BP →·AP →＝0，BP →·AD →＝0，因此，BP ⊥AP ，BP ⊥AD .又AP ∩AD ＝A ，故BP ⊥平面APD ， 而BP ⊂平面BDP ， 所以平面APD ⊥平面BDP .(2)解 设平面CPB 的一个法向量为n ＝(x ，y ，z )， 而BC →＝(0，－1,1)，则BP →·n ＝0，BC →·n ＝0， 那么x －y ＝0，－y ＋z ＝0，令x ＝1可得n ＝(1,1,1)． 又由题设，平面ABP 的一个法向量为m ＝(0,0,1)． 所以，cos 〈m ，n 〉＝m·n|m||n |＝33， 可得sin 〈m ，n 〉＝63. 所以二面角A —BP —C 的正弦值为63.典例6 (12分)2015年12月10日，我国科学家屠呦呦教授由于在发现青蒿素和治疗疟疾的疗法上的贡献获得诺贝尔医学奖．以青蒿素类药物为主的联合疗法已经成为世界卫生组织推荐的抗疟疾标准疗法．目前，国内青蒿人工种植发展迅速．调查表明，人工种植的青蒿的长势与海拔高度、土壤酸碱度、空气湿度的指标有极强的相关性，现将这三项的指标分别记为x ，y ，z ，并对它们进行量化：0表示不合格，1表示临界合格，2表示合格，再用综合指标ω＝x ＋y ＋z 的值评定人工种植的青蒿的长势等级：若ω≥4，则长势为一级；若2≤ω≤3，则长势为二级；若0≤ω≤1，则长势为三级．为了了解目前人工种植的青蒿的长势情况，研究人员随机抽取了10块青蒿人工种植地，得到如下结果：(1)在这10块青蒿人工种植地中任取两地，求这两地的空气湿度的指标z 相同的概率； (2)从长势等级是一级的人工种植地中任取一块，其综合指标为m ，从长势等级不是一级的人工种植地中任取一块，其综合指标为n ，记随机变量X ＝m －n ，求X 的分布列及其均值． 审题路线图 (1)对事件进行分解―→求出从10块地中任取两块的方法总数―→求出空气湿度指标相同的方法总数―→利用古典概型求概率(2)确定随机变量X的所有取值―→计算X取各个值的概率―→写分布列―→求均值评分细则 1.第(1)问中，列出空气湿度相同的情况给2分；计算概率只要式子正确给2分；2．第(2)问中，列出长势等级的给2分，只要结果正确无过程不扣分；计算概率时每个式子给1分；分布列正确写出给1分．跟踪训练6(2016·课标全国乙)某公司计划购买2台机器，该种机器使用三年后即被淘汰，机器有一易损零件，在购进机器时，可以额外购买这种零件作为备件，每个200元．在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个500元．现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件，为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数，得下面柱状图：以这100台机器更换的易损零件数的频率代替1台机器更换的易损零件数发生的概率，记X 表示2台机器三年内共需更换的易损零件数，n表示购买2台机器的同时购买的易损零件数．(1)求X的分布列；(2)若要求P(X≤n)≥0.5，确定n的最小值；(3)以购买易损零件所需费用的均值为决策依据，在n＝19与n＝20之中选其一，应选用哪个？解(1)由柱状图并以频率代替概率可得，一台机器在三年内需更换的易损零件数为8,9,10,11的概率分别为0.2，0.4,0.2,0.2，从而P(X＝16)＝0.2×0.2＝0.04；P(X＝17)＝2×0.2×0.4＝0.16；P(X＝18)＝2×0.2×0.2＋0.4×0.4＝0.24；P(X＝19)＝2×0.2×0.2＋2×0.4×0.2＝0.24；P(X＝20)＝2×0.2×0.4＋0.2×0.2＝0.2；P(X＝21)＝2×0.2×0.2＝0.08；P(X＝22)＝0.2×0.2＝0.04.所以X的分布列为(2)由(1)知P((3)记Y表示2台机器在购买易损零件上所需的费用(单位：元)．当n＝19时，E(Y)＝19×200×0.68＋(19×200＋500)×0.2＋(19×200＋2×500)×0.08＋(19×200＋3×500)×0.04＝4 040(元)． 当n ＝20时，E (Y )＝20×200×0.88＋(20×200＋500)×0.08＋(20×200＋2×500)×0.04＝4 080(元)． 可知当n ＝19时所需费用的均值小于n ＝20时所需费用的均值，故应选n ＝19.典例7 (12分)(2015·山东)平面直角坐标系xOy 中，已知椭圆C ：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a ＞b ＞0)的离心率为32，且点⎝⎛⎭⎫3，12在椭圆C 上． (1)求椭圆C 的方程；(2)设椭圆E ：x 24a 2＋y 24b 2＝1，P 为椭圆C 上任意一点，过点P 的直线y ＝kx ＋m 交椭圆E 于A ，B 两点，射线PO 交椭圆E 于点Q . (ⅰ)求|OQ ||OP |的值；(ⅱ)求△ABQ 面积的最大值．审题路线图 (1)椭圆C上点满足条件―→求出a 222e a b c =+已知离心率 基本量法求得椭圆C 方程(2)①P 在C 上，Q 在E 上――→P 、Q 共线设坐标代入方程―→求出|OQ ||QP |. ②直线y ＝kx ＋m 和椭圆E 方程联立――→通法研究判别式Δ并判断根与系数的关系―→ 用m ，k 表示S △OAB ―→求S △OAB 最值―――――――→利用①得S △ABQ和S △OAB关系得S △ABQ 最大值评分细则 1.第(1)问中，求a 2－c 2＝b 2关系式直接得b ＝1，扣1分；2．第(2)问中，求|OQ ||OP |时，给出P ，Q 坐标关系给1分；无“Δ>0”和“Δ≥0”者，每处扣1分；联立方程消元得出关于x 的一元二次方程给1分；根与系数的关系写出后再给1分；求最值时，不指明最值取得的条件扣1分．跟踪演练7 已知中心在原点O ，焦点在x 轴上，离心率为32的椭圆过点(2，22)．(1)求椭圆的方程；(2)设不过原点O 的直线l 与该椭圆交于P ，Q 两点，满足直线OP ，PQ ，OQ 的斜率依次成等比数列，求△OPQ 面积的取值范围．解 (1)由题意可设椭圆方程为x 2a 2＋y 2b2＝1(a >b >0)，则c a ＝32(其中c 2＝a 2－b 2，c >0)，且2a 2＋12b 2＝1，故a ＝2，b ＝1. 所以椭圆的方程为x 24＋y 2＝1.(2)由题意可知，直线l 的斜率存在且不为0.故可设直线l ：y ＝kx ＋m (m ≠0)，设P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)，由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，x 2＋4y 2＝4， 消去y ，得(1＋4k 2)x 2＋8kmx ＋4(m 2－1)＝0， 则Δ＝64k 2m 2－16(1＋4k 2)(m 2－1)＝16(4k 2－m 2＋1)>0，且x 1＋x 2＝－8km1＋4k 2，x 1x 2＝4(m 2－1)1＋4k 2，故y 1y 2＝(kx 1＋m )(kx 2＋m )＝k 2x 1x 2＋km (x 1＋x 2)＋m 2， 因为直线OP ，PQ ，OQ 的斜率依次成等比数列， 所以y 1x 1·y 2x 2＝k 2x 1x 2＋km (x 1＋x 2)＋m 2x 1x 2＝k 2，即m 2－4k 24(m 2－1)＝k 2. 又m ≠0，所以k 2＝14，即k ＝±12.由于直线OP ，OQ 的斜率存在，且Δ>0， 得0<m 2<2，且m 2≠1，设d 为点O 到直线l 的距离，则d ＝|2m |5，|PQ |＝(1＋k 2)[(x 1＋x 2)2－4x 1x 2]＝5(2－m 2)， 所以S ＝12|PQ |d ＝m 2(2－m 2)<m 2＋2－m 22＝1(m 2≠1)，故△OPQ 面积的取值范围为(0,1)．典例8 (12分)已知定点C (－1,0)及椭圆x 2＋3y 2＝5，过点C 的动直线与椭圆相交于A ，B 两点．(1)若线段AB 中点的横坐标是－12，求直线AB 的方程；(2)在x 轴上是否存在点M ，使MA →·MB →为常数？若存在，求出点M 的坐标；若不存在，请说明理由．审题路线图 (1)设AB 的方程y ＝k (x ＋1)→待定系数法求k →写出方程(2)设M 存在即为(m ，0)→求MA →·MB →→在MA →·MB →为常数的条件下求m →下结论评分细则 (1)不考虑直线AB 斜率不存在的情况扣1分； (2)不验证Δ>0，扣1分；(3)直线AB 方程写成斜截式形式同样给分； (4)没有假设存在点M 不扣分；(5)MA →·MB →没有化简至最后结果扣1分，没有最后结论扣1分．跟踪演练8 已知椭圆C ：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a >b >0)的离心率为12，以原点为圆心，椭圆的短半轴长为半径的圆与直线7x －5y ＋12＝0相切． (1)求椭圆C 的方程；(2)设A (－4,0)，过点R (3,0)作与x 轴不重合的直线l 交椭圆C 于P ，Q 两点，连接AP ，AQ 分别交直线x ＝163于M ，N 两点，若直线MR ，NR 的斜率分别为k 1，k 2，试问：k 1k 2是否为定值？若是，求出该定值，若不是，请说明理由．解 (1)由题意得⎩⎨⎧c a ＝12，127＋5＝b ，a 2＝b 2＋c 2，∴⎩⎪⎨⎪⎧a ＝4，b ＝23，c ＝2，故椭圆C 的方程为x 216＋y 212＝1.(2)设直线PQ 的方程为x ＝my ＋3， P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)，由⎩⎪⎨⎪⎧x 216＋y 212＝1，x ＝my ＋3，∴(3m 2＋4)y 2＋18my －21＝0. ∴y 1＋y 2＝－18m 3m 2＋4，y 1y 2＝－213m 2＋4，由A ，P ，M 三点共线可知y M 163＋4＝y 1x 1＋4，∴y M ＝28y 13(x 1＋4).同理可得y N ＝28y 23(x 2＋4)，∴k 1k 2＝y M 163－3×y N 163－3＝9y M y N 49＝16y 1y 2(x 1＋4)(x 2＋4)∵(x 1＋4)(x 2＋4)＝(my 1＋7)(my 2＋7) ＝m 2y 1y 2＋7m (y 1＋y 2)＋49∴k 1k 2＝16y 1y 2m 2y 1y 2＋7m (y 1＋y 2)＋49＝－127，为定值．典例9 (12分)(2015·课标全国Ⅱ)已知函数f (x )＝ln x ＋a (1－x )． (1)讨论f (x )的单调性；(2)当f (x )有最大值，且最大值大于2a －2时，求a 的取值范围．审题路线图 求f ′(x )――→讨论f ′(x )的符号f (x )单调性―→f (x )最大值―→解f (x )max >2a －2.(2)分类讨论，每种情况给2分，结论1分；(3)求出最大值给2分；(4)构造函数g(a)＝ln a＋a－1给2分；(5)通过分类讨论得出a的范围，给2分．跟踪演练9已知函数f(x)＝(ax2＋bx＋c)e x在[0,1]上单调递减且满足f(0)＝1，f(1)＝0.(1)求a的取值范围；(2)设g(x)＝f(x)－f′(x)，求g(x)在[0,1]上的最大值和最小值．解(1)由f(0)＝1，f(1)＝0，得c＝1，a＋b＝－1，则f(x)＝[ax2－(a＋1)x＋1]e x，f′(x)＝[ax2＋(a－1)x－a]e x.依题意对任意x∈(0,1)，有f′(x)<0.当a>0时，因为二次函数f(x)＝ax2＋(a－1)x－a的图象开口向上，而f′(0)＝－a<0，所以有f′(1)＝(a－1)e<0，即0<a<1；当a＝1时，对任意x∈(0,1)有f′(x)＝(x2－1)e x<0，f(x)符合条件；当a＝0时，对于任意x∈(0,1)，f′(x)＝－x e x<0，f(x)符合条件；当a <0时，因f ′(0)＝－a >0，f (x )不符合条件． 故a 的取值范围为0≤a ≤1. (2)因g (x )＝(－2ax ＋1＋a )e x ， g ′(x )＝(－2ax ＋1－a )e x .(ⅰ)当a ＝0时，g ′(x )＝e x >0，g (x )在x ＝0处取得最小值g (0)＝1，在x ＝1处取得最大值g (1)＝e.(ⅱ)当a ＝1时，对于任意x ∈(0,1)有g ′(x )＝－2x e x <0，g (x )在x ＝0处取得最大值g (0)＝2， 在x ＝1取得最小值g (1)＝0.(ⅲ)当0<a <1时，由g ′(x )＝0得x ＝1－a2a>0.①若1－a 2a ≥1，即0<a ≤13时，g (x )在[0,1]上单调递增，g (x )在x ＝0处取得最小值g (0)＝1＋a ，在x ＝1处取得最大值g (1)＝(1－a )e.②若1－a 2a <1，即13<a <1时，g (x )在x ＝1－a 2a 处取得最大值121()2e ,2aaa g a a--=在x ＝0或x ＝1处取得最小值，而g (0)＝1＋a ，g (1)＝(1－a )e ，则当13<a ≤e －1e ＋1时，g (x )在x ＝0处取得最小值g (0)＝1＋a ；当e －1e ＋1<a <1时，g (x )在x ＝1处取得最小值g (1)＝(1－a )e.典例10 (12分)(2015·课标全国Ⅱ)设函数f (x )＝e mx ＋x 2－mx . (1)证明：f (x )在(－∞，0)单调递减，在(0，＋∞)单调递增；(2)若对于任意x 1，x 2∈[－1,1]，都有|f (x 1)－f (x 2)|≤e －1，求m 的取值范围． 审题路线图 (1)求导f ′(x )＝m (e mx －1)＋2x →讨论m 确定f ′(x )符号→证明结论(2)条件转化为(|f (x 1)－f (x 2)|)max ≤e －1――→结合(1)知f (x )min ＝f (0)⎩⎪⎨⎪⎧f (1)－f (0)≤e －1f (－1)－f (0)≤e －1→⎩⎪⎨⎪⎧e m －m ≤e －1e －m＋m ≤e －1→构造函数g (t )＝e t－t －e ＋1→研究g (t )单调性→寻求⎩⎪⎨⎪⎧g (m )≤0g (－m )≤0的条件→对m 讨论得适合条件的范围评分细则(1)求出导数给1分；(2)讨论时漏掉m＝0扣1分；两种情况只讨论正确一种给2分；(3)确定f′(x)符号时只有结论无中间过程扣1分；(4)写出f(x)在x＝0处取得最小值给1分；(5)无最后结论扣1分；(6)其他方法构造函数同样给分．跟踪演练10已知函数f(x)＝ln x＋1x.(1)求函数f(x)的单调区间和极值；(2)若对任意的x>1，恒有ln(x－1)＋k＋1≤kx成立，求k的取值范围；(3)证明：ln 222＋ln 332＋…＋ln n n 2<2n 2－n －14(n ＋1) (n ∈N *，n ≥2)．(1)解 f ′(x )＝－ln xx2，由f ′(x )＝0⇒x ＝1，列表如下：因此函数f (x )的增区间为(0,1)，减区间为(1，＋∞)， 极大值f (1)＝1，无极小值． (2)解 因为x >1，ln(x －1)＋k ＋1≤kx ⇔ln (x －1)＋1x －1≤k ⇔f (x －1)≤k ，所以f (x －1)max ≤k ，∴k ≥1，(3)证明 由(1)可得f (x )＝ln x ＋1x ≤f (x )max ＝f (1)＝1⇒ln x x ≤1－1x ，当且仅当x ＝1时取等号． 令x ＝n 2 (n ∈N *，n ≥2)． 则ln n 2n 2<1－1n 2⇒ln n n 2<12(1－1n2)<12(1－1n (n ＋1))＝12(1－1n ＋1n ＋1)(n ≥2)， ln 222＋ln 332＋…＋ln n n2 <12(1－12＋13)＋12(1－13＋14)＋…＋12(1－1n ＋1n ＋1) ＝12(n －1＋1n ＋1－12)＝2n 2－n －14(n ＋1).。
高考数学答题模板
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1. 解法一：代数法
解题步骤：
（1）分析题目，根据所给条件设定变量；
（2）建立方程或不等式，表示已知的条件和要求的关系；（3）求解方程或不等式，得到结果；
（4）结合题意判断答案是否合理；
（5）若需求解区间或范围，还需分析边界条件。
2. 解法二：几何法
解题步骤：
（1）绘制清晰准确的图形，标注已知条件和要求的关系；（2）根据已知条件和要求，运用几何定理推导、引理等，进行求解；
（3）结合题意判断答案是否合理；
（4）若需求解区间或范围，还需分析边界条件。
3. 解法三：综合法
解题步骤：
（1）综合分析题目条件，确定使用代数法或几何法或两者结合进行解答；
（2）根据分析的方法，进行相应的计算和推导；
（3）结合题意判断答案是否合理；
（4）若需求解区间或范围，还需分析边界条件。
4. 解法四：特殊问题解法
解题步骤：
（1）针对特殊问题的特点，寻找相应的解题技巧；
（2）应用特殊问题解法，进行求解；
（3）结合题意判断答案是否合理；
（4）若需求解区间或范围，还需分析边界条件。
5. 解法五：分类讨论法
解题步骤：
（1）将题目所给条件进行分类讨论；
（2）对不同情况分别进行解答；
（3）结合题意判断答案是否合理；
（4）若需求解区间或范围，还需分析边界条件。
注意：上述为解题模板的基本框架，具体情况下可根据题目的要求和条件进行适当的调整和变化。
2015届高考理科数学解答题的八个大题模板
方达教育学科教师辅导教案学员姓名年 级高三辅导科目 数 学授课老师翟 嘉 课时数2h 第 次课授课日期及时段 2015年 月 日 ： — ：数学解答题是高考数学试卷中的一类重要题型，通常是高考的把关题和压轴题，具有较好的区分层次和选拔功能．目前的高考解答题已经由单纯的知识综合型转化为知识、方法和能力的综合型解答题．在高考考场上，能否做好解答题，是高考成败的关键，因此，在高考备考中学会怎样解题，是一项重要的内容．“答题模板”就是首先把高考试题纳入某一类型，把数学解题的思维过程划分为一个个小题，按照一定的解题程序和答题格式分步解答，即化整为零．强调解题程序化，答题格式化，在最短的时间内拟定解决问题的最佳方案，实现答题效率的最优化．模板1 三角变换与三角函数的性质问题已知函数f (x )＝2cos x ·sin ⎝⎛⎭⎪⎫x ＋π3－3sin 2x ＋sin x cos x ＋1.解答题的八个答题模板a ·1＋cos C 2＋c ·1＋cos A 2＝32b ， 所以a ＋c ＋(a cos C ＋c cos A )＝3b ， 故a ＋c ＋⎝⎛⎭⎪⎫a ·a 2＋b 2－c 22ab ＋c ·b 2＋c 2－a 22bc ＝3b ，整理，得a ＋c ＝2b ，故a ，b ，c 成等差数列．(2)解 cos B ＝a 2＋c 2－b 22ac ＝a 2＋c 2－⎝⎛⎭⎪⎫a ＋c 222ac＝3a 2＋c 2－2ac 8ac ≥6ac －2ac 8ac ＝12，因为0<B <π，所以0<B ≤π3.解 (1)由BA →·BC →＝2得c ·a cos B ＝2.又cos B ＝13，所以ac ＝6.由余弦定理，得a 2＋c 2＝b2＋2ac cos B .又b ＝3，所以a 2＋c 2＝9＋2×6×13＝13.解⎩⎨⎧ac ＝6，a 2＋c 2＝13，得⎩⎨⎧a ＝2，c ＝3或⎩⎨⎧a ＝3，c ＝2.因为a >c ，所以a ＝3，c ＝2.(2)在△ABC 中，sin B ＝1－cos 2B ＝1－132＝223，由正弦定理，得sin C ＝c b sin B ＝23×223＝429.因为a ＝b >c ，所以C 为锐角，因此cos C ＝1－sin 2C ＝ 1－4292＝79.于是cos(B －C )＝cos B cos C ＋sin B sin C ＝13×79＋223×429＝2327. 模板3 数列的通项、求和问题已知首项都是1的两个数列{a n }，{b n }(b n ≠0，n ∈N *)满足a n b n ＋1－a n ＋1b n ＋2b n ＋1b n ＝0. (1)令c n ＝a n b n，求数列{a n }的通项公式； (2)若b n ＝3n －1，求数列{a n }的前n 项和S n .审题路线图 (1)a n b n ＋1－a n ＋1b n ＋2b n ＋1b n ＝0→a n ＋1b n ＋1－a nb n＝2→c n ＋1－c n ＝2→c n ＝2n －1 (2)c n ＝2n －1→a n ＝2n －1·3n －1――→错位相减法得S n规 范 解 答 示 例构 建 答 题 模 板解 (1)因为a n b n ＋1－a n ＋1b n ＋2b n ＋1b n ＝0(b n ≠0，n ∈N *)，所以a n ＋1b n ＋1－a nb n＝2，即c n ＋1－c n ＝2，所以数列{c n }是以首项c 1＝1，公差d ＝2的等差数列，故c n ＝2n －1.(2)由b n ＝3n －1知a n ＝c n b n ＝(2n －1)3n －1， 于是数列{a n }的前n 项和S n ＝1·30＋3·31＋5·32＋…＋(2n －1)·3n －1，3S n ＝1·31＋3·32＋…＋(2n －3)·3n －1＋(2n －1)·3n，相减得－2S n ＝1＋2·(31＋32＋…＋3n －1)－(2n －1)·3n ＝－2－(2n －2)3n ， 所以S n ＝(n －1)3n ＋1.第一步 找递推：根据已知条件确定数列相邻两项之间的关系，即找数列的递推公式．第二步 求通项：根据数列递推公式转化为等差或等比数列求通项公式，或利用累加法或累乘法求通项公式． 第三步 定方法：根据数列表达式的结构特征确定求和方法(如公式法、裂项相消法、错位相减法、分组法等)． 第四步 写步骤：规范写出求和步骤． 第五步 再反思：反思回顾，查看关键点、易错点及解题规范.当n ≥2时，b n ＝S n －S n －1＝n 2－(n －1)2＝2n －1，当n ＝1时，b 1＝1也适合此通项公式． ∴b n ＝2n －1 (n ∈N *)． (2)T n ＝1b 1b 2＋1b 2b 3＋1b 3b 4＋…＋1b n b n ＋1＝11×3＋13×5＋15×7＋…＋12n －1×2n ＋1＝12×⎝ ⎛⎭⎪⎫1－13＋12×⎝ ⎛⎭⎪⎫13－15＋12×⎝ ⎛⎭⎪⎫15－17＋…＋12×⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －1－12n ＋1＝12×⎝⎛⎭⎪⎫1－12n ＋1＝n2n ＋1.由T n ＝n 2n ＋1>1 0012 012，得n >1 00110，∴满足T n >1 0012 012的最小正整数n 的值为101.模板4 利用空间向量求角问题(2014·山东)如图，在四棱柱ABCD －A 1B 1C 1D 1中，底面ABCD 是等腰梯形，∠DAB ＝60°，AB ＝2CD ＝2，M 是线段AB 的中点． (1)求证：C 1M ∥平面A 1ADD 1；(2)若CD 1垂直于平面ABCD 且CD 1＝3，求平面C 1D 1M 和平面ABCD 所成的角(锐角)的余弦值．审题路线图 (1)M 是AB 中点，四边形ABCD 是等腰梯形――→AB ＝2CDCD ∥AM CD ＝AM ⇒▱AMC 1D 1→C 1M ∥平面A 1ADD 1(2)CA ，CB ，CD 1两两垂直→建立空间直角坐标系，写各点坐标→求平面ABCD 的法向量→将所求两个平面所成的角转化为两个向量的夹角规 范 解 答 示 例构 建 答 题 模 板(1)证明 因为四边形ABCD 是等腰梯形， 且AB ＝2CD ，所以AB ∥DC .又由M 是AB 的中点，因此CD ∥MA 且CD ＝MA . 连接AD 1，如图(1)． 在四棱柱ABCD －A 1B 1C 1D 1中，因为CD ∥C 1D 1，CD ＝C 1D 1，可得C 1D 1∥MA ，C 1D 1＝MA ，所以四边形AMC 1D 1为平行四边形，因为C 1M ∥D 1A .又C 1M ⊄平面A 1ADD 1，D 1A ⊂平面A 1ADD 1，所以C 1M ∥平面A 1ADD 1. (2)解 方法一 如图(2)，连接AC ，MC .由(1)知CD ∥AM 且CD ＝AM ，所以四边形AMCD 为平行四边形，可得BC ＝AD ＝MC ，由题意得∠ABC ＝∠DAB ＝60°，所以△MBC 为正三角形，因此AB ＝2BC ＝2，CA ＝3，因此CA ⊥CB .以C 为坐标原点，建立如图(2)所示的空间直角坐标系C －xyz ，所以A (3，0,0)，B (0,1,0)，D 1(0,0，3)，因此M ⎝ ⎛⎭⎪⎫32，12，0，所以MD 1→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－32，－12，3，D 1C 1→＝MB →＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－32，12，0. 设平面C 1D 1M 的一个法向量为n ＝(x ，y ，z )， 由⎩⎪⎨⎪⎧n ·D 1C 1→＝0，n ·MD 1→＝0，得第一步 找垂直：找出(或作出)具有公共交点的三条两两垂直的直线．第二步 写坐标：建立空间直角坐标系，写出特征点坐标．第三步 求向量：求直线的方向向量或平面的法向量．第四步 求夹角：计算向量的夹角．第五步 得结论：得到所求两个平面所成的角或直线和平面所成的角.由(*)式，得k 2>2m 2－2，又k ≠0，所以k 2＝2－2m 24m 2－1>0.解得－1<m <－12或12<m <1.即所求m 的取值范围为⎝⎛⎭⎪⎫－1，－12∪⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1.已知双曲线x 2a 2－y 2b2＝1(a >1，b >0)的焦距为2c ，直线l 过点(a,0)和(0，b )，且点(1,0)到直线l 的距离与点(－1,0)到直线l 的距离之和s ≥45c ，求双曲线的离心率e 的取值范围．解 设直线l 的方程为x a ＋y b＝1，即bx ＋ay －ab ＝0.由点到直线的距离公式，且a >1，得到点(1,0)到直线l 的距离d 1＝b a －1a 2＋b2， 同理可得点(－1,0)到直线l 的距离为d 2＝b a ＋1a 2＋b 2，于是s ＝d 1＋d 2＝2ab a 2＋b 2＝2abc. 由s ≥45c ，得2ab c ≥45c ，即5a c 2－a 2≥2c 2，可得5e 2－1≥2e 2，即4e 4－25e 2＋25≤0，解得54≤e 2≤5.由于e >1，故所求e 的取值范围是⎣⎢⎡⎦⎥⎤52，5.模板6 解析几何中的探索性问题解(1)依题意，直线AB 的斜率存在，设直线AB 的方程为y ＝k (x ＋1)，将y ＝k (x ＋1)代入x 2＋3y 2＝5，消去y 整理得(3k 2＋1)x 2＋6k 2x ＋3k 2－5＝0.设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则⎩⎨⎧Δ＝36k 4－43k 2＋13k 2－5>0， ①x 1＋x 2＝－6k 23k 2＋1. ②由线段AB 中点的横坐标是－12，得x 1＋x 22＝－3k 23k 2＋1＝－12，解得k ＝±33，适合①.所以直线AB 的方程为x －3y ＋1＝0或x ＋3y ＋1＝0. (2)假设在x 轴上存在点M (m,0)，使MA →·MB →为常数．(ⅰ)当直线AB 与x 轴不垂直时，由(1)知x 1＋x 2＝－6k 23k 2＋1，x 1x 2＝3k 2－53k 2＋1. ③ 所以MA →·MB →＝(x 1－m )(x 2－m )＋y 1y 2＝(x 1－m )(x 2－m )＋k 2(x 1＋1)(x 2＋1)＝(k 2＋1)x 1x 2＋(k 2－m )(x 1＋x 2)＋k 2＋m 2. 将③代入，整理得MA →·MB → ＝6m －1k 2－53k 2＋1＋m 2＝⎝⎛⎭⎪⎫2m －133k 2＋1－2m －1433k 2＋1＋m 2＝m 2＋2m －13－6m ＋1433k 2＋1.注意到MA →·MB →是与k 无关的常数，从而有6m ＋14＝0，m ＝－73，此时MA →·MB →＝49.(ⅱ)当直线AB 与x 轴垂直时，此时点A 、B 的坐标分别为⎝⎛⎭⎪⎫－1，23、⎝ ⎛⎭⎪⎫－1，－23，当m ＝－73时，也有MA →·MB →＝49.综上，在x 轴上存在定点M ⎝ ⎛⎭⎪⎫－73，0，使MA →·MB →为常数.(2014·福建)已知双曲线E ：x 2a2－y 2b 2＝1(a >0，b >0)的两条渐近线分别为l 1：y ＝2x ，l 2：y ＝－2x . (1)求双曲线E 的离心率．(2)如图，O 为坐标原点，动直线l 分别交直线l 1，l 2于A ，B 两点(A ，B 分别在第一、四象限)，且△OAB 的面积恒为8.试探究：是否存在总与直线l 有且只有一个公共点的双曲线E ？若存在，求出双曲线E 的方程；若不存在，说明理由．解 (1)因为双曲线E 的渐近线分别为y ＝2x ，y ＝－2x ，所以b a ＝2，所以c 2－a 2a ＝2，故c ＝5a ，从而双曲线E 的离心率e ＝ca＝ 5.(2)方法一 由(1)知，双曲线E 的方程为x 2a 2－y 24a 2＝1.设直线l 与x 轴相交于点C .当l ⊥x 轴时，若直线l 与双曲线E 有且只有一个公共点，则|OC |＝a ，|AB |＝4a .又因为△OAB 的面积为8，所以12|OC |·|AB |＝8，因此12a ·4a ＝8，解得a ＝2，此时双曲线E 的方程为x 24－y 216＝1.若存在满足条件的双曲线E ，则E 的方程只能为x 24－y 216＝1.解 (1)当a ＝1时，f (x )＝2x x 2＋1，f (2)＝45，又f ′(x )＝2x 2＋1－2x ·2x x 2＋12＝2－2x 2x 2＋12，f ′(2)＝－625.所以，曲线y ＝f (x )在点(2，f (2))处的切线方程为y －45＝－625(x －2)，即6x ＋25y －32＝0.(2)f ′(x )＝2ax 2＋1－2x 2ax －a 2＋1x 2＋12＝－2x －a ax ＋1x 2＋12.由于a ≠0，以下分两种情况讨论．①当a ＞0时，令f ′(x )＝0，得到x 1＝－1a，x 2＝a .当x 变化时，f ′(x )，f (x )的变化情况如下表：x(－∞，－1a)－1a(－1a，a )a(a ，＋∞)f ′(x)－0 ＋ 0 －f (x )极小值极大值所以f (x )在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫－∞，－1a ，(a ，＋∞)内为减函数，在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫－1a ，a 内为增函数．函数f (x )在x 1＝－1a 处取得极小值f ⎝ ⎛⎭⎪⎫－1a ，且f ⎝ ⎛⎭⎪⎫－1a ＝－a 2.函数f (x )在x 2＝a 处取得极大值f (a )，且f (a )＝1. ②当a ＜0时，令f ′(x )＝0，得到x 1＝a ，x 2＝－1a，当x 变化时，f ′(x )，f (x )的变化情况如下表：x(－∞，a )a(a ，－1a)－1a(－1a，＋∞)。
高考数学试卷答案解答模板
一、选择题解答模板【题目】（单选题）若函数f(x) = x^2 - 4x + 3在区间[1,3]上的最大值为M，最小值为m，则M + m的值为：【解答】1. 首先确定函数f(x) = x^2 - 4x + 3的对称轴，由于二次函数的对称轴公式为x = -b/2a，可得对称轴为x = 2。
2. 判断区间[1,3]是否包含对称轴x = 2，显然包含。
3. 由于二次函数在对称轴两侧的函数值相同，因此最大值和最小值一定在对称轴两侧。
4. 在区间[1,2]上，函数f(x)单调递减；在区间[2,3]上，函数f(x)单调递增。
5. 所以，最大值M发生在x = 1时，即M = f(1) = 1^2 - 41 + 3 = 0；最小值m 发生在x = 2时，即m = f(2) = 2^2 - 42 + 3 = -1。
6. 因此，M + m = 0 + (-1) = -1。
【答案】D（-1）二、填空题解答模板【题目】已知等差数列{an}的前n项和为Sn，若a1 = 2，公差d = 3，则S10的值为：【解答】1. 根据等差数列的前n项和公式Sn = n/2 (a1 + an)，可得S10 = 10/2 (a1 + a10)。
2. 由a1 = 2和公差d = 3，可得a10 = a1 + (10 - 1)d = 2 + 93 = 29。
3. 将a1和a10代入S10的公式，得S10 = 10/2 (2 + 29) = 5 31 = 155。
【答案】155三、解答题解答模板【题目】已知函数f(x) = ax^2 + bx + c（a≠0），若f(1) = 2，f(-1) = 0，f(2) = -4，求a、b、c的值。
【解答】1. 根据题意，列出方程组：f(1) = a1^2 + b1 + c = 2f(-1) = a(-1)^2 + b(-1) + c = 0f(2) = a2^2 + b2 + c = -42. 将方程组整理为：a +b +c = 2a -b +c = 04a + 2b + c = -43. 解方程组，可得：a = -1b = 2c = 3【答案】a = -1，b = 2，c = 3以上是高考数学试卷答案解答的模板，希望对同学们有所帮助。
高考数学解答题常考公式及答题模板 精编版
例16：某工厂为提高生产效率，开展技术创新活动，提出了完成某项生产任务的两种新的生产方式．为比较两种生产方式的效率，选取40名工人，将他们随机分成两组，每组20人。第一组工人用第一种生产方式，第二组工人用第二种生产方式．根据工人完成生产任务的工作时间（单位：min）绘制了如下茎叶图：
第一种生产方式
由 ，得
.……先写出通项公式的一般式，再带值
又 成等比数列……利用等比中项列出方程
.
（2）由（1）知：
……运用分组求和法
记 ， ，则
.
6、基本不等式：
① ② ③
注意：基本不等式一般在求取值范围或最值问题的时候用到，有时还用于证明数列不等式。
☞答题步骤：
①抄条件：先抄题目所给的条件；（但不要抄题目）
②写公式：写出要用的公式，如等差数列的通项公式或前n项和；
（1）证明：平面PAB⊥平面PAD；
（2）若PA=PD=AB=DC， ，且四棱锥P−ABCD的体积为 ，求该四棱锥的侧面积．
证明：（1） ……写出题目的已知条件
①
又 ②……将证明的条件圈出来
……说明清楚线与面的关系
又 .……根据线面垂直的性质，得出结论
（2）过P点作 ，垂足为点M，如图所示：……作辅助线一定要有说明
累加后，得
……利用了公式
故 .
（5）累乘法：形如 ，且 可用求积，可用累乘法
例6：已知数列 中， ， ，求 .
解：已知
累乘后，得
.
（6）取倒数法：形如 （p，q为非零常数）则两边同时取倒数
例7：已知数列 满足 且 ，求 .
解：已知 ……等式两边同时取倒数
……满足等差数列的定义
令 ，则 ……构造等差数列
二轮数学理全国通用专题复习规范—解答题的8个解题模板(8份打包)模板7
a
(a，＋∞)
f′(x) －
0
＋
0
－
f(x)
极小值
极大值
所以 f(x)在区间－∞，－1a，a，＋∞内为减函数，在区间
－1a，a内为增函数，所以函数
f(x)的极小值为
f
－
1 a
＝－a2，
极大值为 f(a)＝1.
8分
②当 a＜0 时，令 f′(x)＝0 得 x1＝a，x2＝－1a， 当 x 变化时，f′(x)和 f(x)的变化情况如下表：
x0≤x<π2时，函数 f(sin x)单调递增；
因此，－2<a<2，b∈R 时，函数 f(sin x)在 x0 处有极小值
f(sin
x0)＝f
a 2
＝b－a42.
(2)－π2≤x≤π2时，|f(sin x)－f0(sin x)|＝|(a0－a)sin x＋b－ b0|≤|a－a0|＋|b－b0|.当(a0－a)(b－b0)≥0 时， 取 x＝π2，等号成立.当(a0－a)(b－b0)<0 时， 取 x＝－π2，等号成立. 由此可知，|f(sin x)－f0(sin x)|在－π2，π2上的最大值为 D＝ |a－a0|＋|b－b0|.
(2)f′(x)＝2a（x2＋1）（－x22＋x（1）2a2x－a2＋1）＝
－2（x（－xa2＋）1（）a2x＋1），
4分
①当 a＞0，令 f′(x)＝0 得到 x1＝－1a，x2＝a，
5分
当 x 变化时，f′(x)和 f(x)的变化情况如下表：
x
,
1 a
－1a －1a，a
模板7 函数的单调性、极值、最值问题 【例 7】(满分 13 分)已知函数 f(x)＝2axx－2＋a21＋1(x∈R)，其中 a∈R.
高中数学解答题8个答题模板与做大题的方法
高中数学解答题8个答题模板与做大题的方法高中数学是很多同学高考道路上的拦路虎，很多同学一致回答：大题没思路。
其实掌握一些高中数学解答题的答题模板就好了，小编整理了相关资料，希望能帮助到您。
高中数学解答题8个答题模板一. 三角变换与三角函数的性质问题1.解题路线图①不同角化同角②降幂扩角③化f(x)=Asin(ωx+φ)+h④结合性质求解。
2.构建答题模板①化简：三角函数式的化简，一般化成y=Asin(ωx+φ)+h的形式，即化为“一角、一次、一函数”的形式。
②整体代换：将ωx+φ看作一个整体，利用y=sin x，y=cos x的性质确定条件。
③求解：利用ωx+φ的范围求条件解得函数y=Asin(ωx+φ)+h的性质，写出结果。
④反思：反思回顾，查看关键点，易错点，对结果进行估算，检查规范性。
二. 解三角形问题1.解题路线图(1) ①化简变形;②用余弦定理转化为边的关系;③变形证明。
(2) ①用余弦定理表示角;②用基本不等式求范围;③确定角的取值范围。
2.构建答题模板①定条件：即确定三角形中的已知和所求，在图形中标注出来，然后确定转化的方向。
②定工具：即根据条件和所求，合理选择转化的工具，实施边角之间的互化。
③求结果。
④再反思：在实施边角互化的时候应注意转化的方向，一般有两种思路：一是全部转化为边之间的关系;二是全部转化为角之间的关系，然后进行恒等变形。
三. 数列的通项、求和问题1.解题路线图①先求某一项，或者找到数列的关系式。
②求通项公式。
③求数列和通式。
2.构建答题模板①找递推：根据已知条件确定数列相邻两项之间的关系，即找数列的递推公式。
②求通项：根据数列递推公式转化为等差或等比数列求通项公式，或利用累加法或累乘法求通项公式。
③定方法：根据数列表达式的结构特征确定求和方法(如公式法、裂项相消法、错位相减法、分组法等)。
④写步骤：规范写出求和步骤。
⑤再反思：反思回顾，查看关键点、易错点及解题规范。
高考数学解答题常考公式及答题模板
第 1 页高考数学解答题常考公式及答题模板题型一：解三角形1、正弦定理：R CcB b A a 2sin sin sin === （R 是ABC ∆外接圆的半径） 变式①：⎪⎩⎪⎨⎧===C R c B R b A R a sin 2sin 2sin 2 变式②：⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧===Rc C R bB R aA 2sin 2sin 2sin 变式③：CB A c b a sin :sin :sin ::=2、余弦定理：⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-+=-+==+=C ab b a c B ac c a b A bc c b a cos 2cos 2cos 2222222222 变式：⎪⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎪⎨⎧-+=-+=-+=ab c b a C ac b c a B bc a c b A 2cos 2cos 2cos 2222222223、面积公式：A bc B ac C ab S ABC sin 21sin 21sin 21===∆ 4、射影定理：⎪⎩⎪⎨⎧+=+=+=A b B a c A c C a b Bc C b a cos cos cos cos cos cos （少用，可以不记哦^o^）5、三角形的内角和等于 180，即π=++C B A6、诱导公式：奇变偶不变，符号看象限利用以上关系和诱导公式可得公式：⎪⎩⎪⎨⎧=+=+=+A C B B C A C B A sin )sin(sin )sin(sin )sin( 和 ⎪⎩⎪⎨⎧-=+-=+-=+A C B B C A CB A cos )cos(cos )cos(cos )cos(7、平方关系和商的关系：①1cos sin 22=+θθ ②θθθcos sin tan =8、二倍角公式：①θθθcos sin 22sin =②θθθθθ2222sin 211cos 2sin cos 2cos -=-=-= ⇒降幂公式：22cos 1cos 2θθ+=，22cos 1sin 2θθ-= ③θθθ2tan 1tan 22tan -=8、和、差角公式：①⎩⎨⎧-=-+=+βαβαβαβαβαβαsin cos cos sin )sin(sin cos cos sin )sin(②⎩⎨⎧+=--=+βαβαβαβαβαβαsin sin cos cos cos(sin sin cos cos cos(））③⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+-=--+=+βαβαβαβαβαβαtan tan 1tan tan )tan(tan tan 1tan tan )tan( 9、基本不等式：①2ba ab +≤),(+∈R b a ②22⎪⎭⎫ ⎝⎛+≤b a ab ),(+∈R b a ③222b a ab +≤ ),(R b a ∈注意：基本不等式一般在求取值范围或最值问题中用到，比如求ABC ∆面积的最大值时。
高考数学-解答题答题模板
答题模板【模板·细则概述】【模板·细则概述】“答题模板”是指针对解答数学解答题的某一类型，分析解题的一般思路，规划解题的程序和格式，拟定解题的最佳方案，实现答题效率的最优化．评分细则是阅卷的依据，通过认真研读评分细则，重视解题步骤的书写，规范解题过程，做到会做的题得全分；对于最后的压轴题也可以按步得分，踩点得分，一分也要抢．模板1 三角函数的图象与性质典例1 (12分)已知m ＝(cos ωx ，3cos(ωx ＋π))，n ＝(sin ωx ，cos ωx )，其中ω>0，f (x )＝m·n ，且f (x )相邻两条对称轴之间的距离为π2.(1)若f (α2)＝－34，α∈(0，π2)，求cos α的值；(2)将函数y ＝f (x )的图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍，纵坐标不变，然后向左平移π6个单位长度，得到函数y ＝g (x )的图象，求函数y ＝g (x )的单调递增区间．审题路线图 (1)f (x )＝m·n ――→数量积运算辅助角公式得f (x )――→对称性周期性求出ω cos α(2)y ＝f (x )――→图象变换y ＝g (x )――→整体思想g (x )的递增区间规 范 解 答·评 分 标 准构 建 答 题 模 板 解 f (x )＝m·n ＝cos ωx sin ωx ＋3cos(ωx ＋π)cos ωx ＝cos ωx sin ωx －3cos ωx cos ωx＝sin 2ωx 2－3(cos 2ωx ＋1)2＝sin(2ωx －π3)－32.3分∵f (x )相邻两条对称轴之间的距离为π2，∴T ＝π，∴ω＝1，∴f (x )＝sin(2x －π3)－32.4分(1)f (α2)＝sin(α－π3)－32＝－34，∴sin(α－π3)＝34，∵α∈(0，π2)，sin(α－π3)＝34，∴α－π3∈(－π3，π6)，∴cos(α－π3)＝134.6分第一步 化简：利用辅助角将f (x )化成y ＝A sin(ωx ＋φ)的形式．第二步 求值：根据三角函数的和差公式求三角函数值．第三步 整体代换：将“ωx ＋φ”看作一个整体，确定f (x )的性质．第四步 反思：查看角的范围的影响，评价任意结果的合理性，检查步骤的规范性.评分细则 1.化简f (x )的过程中，诱导公式和二倍角公式的使用各给1分；如果只有最后结果没有过程，则给1分；最后结果正确，但缺少上面的某一步过程，不扣分；2．计算cos α时，算对cos(α－π3)给1分；由cos(α－π3)计算sin(α－π3)时没有考虑范围扣1分；3．第(2)问直接写出x 的不等式没有过程扣1分；最后结果不用区间表示不给分；区间表示式中不标出k ∈Z 不扣分；没有2k π的不给分．跟踪演练1 已知函数f (x )＝3sin ωx cos ωx ＋cos 2ωx －12(ω>0)，其最小正周期为π2.(1)求f (x )的表达式；(2)将函数f (x )的图象向右平移π8个单位长度，再将图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变)，得到函数y ＝g (x )的图象，若关于x 的方程g (x )＋k ＝0在区间[0，π2]上有且只有一个实数解，求实数k 的取值范围． 解 (1)f (x )＝3sin ωx cos ωx ＋cos 2ωx －12＝32sin 2ωx ＋cos 2ωx ＋12－12＝sin(2ωx ＋π6)， 由题意知f (x )的最小正周期T ＝π2，T ＝2π2ω＝πω＝π2，所以ω＝2，所以f (x )＝sin(4x ＋π6)．(2)将f (x )的图象向右平移π8个单位长度后，得到y ＝sin(4x －π3)的图象；再将所得图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变)，得到y ＝sin(2x －π3)的图象，所以g (x )＝sin(2x－π3)，因为0≤x ≤π2，所以－π3≤2x －π3≤2π3，所以g (x )∈[－32，1]． 又g (x )＋k ＝0在区间[0，π2]上有且只有一个实数解，即函数y ＝g (x )与y ＝－k 在区间[0，π2]上有且只有一个交点，由正弦函数的图象可知－32≤－k <32或－k ＝1， 解得－32<k ≤32或k ＝－1， 所以实数k 的取值范围是(－32，32]∪{－1}. 模板2 解三角形典例2 (12分)在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c .已知a ＝3，cos A ＝63，B ＝A ＋π2.(1)求b 的值； (2)求△ABC 的面积．审题路线图 (1)利用同角公式、诱导公式→求得sin A 、sin B →利用正弦定理求b (2)方法一余弦定理求边c →S ＝12ac sin B方法二用和角正弦公式求sin C →S ＝12ab sin C评分细则 1.第(1)问：没求sin A 而直接求出sin B 的值，不扣分；写出正弦定理，但b 计算错误，得1分．2．第(2)问：写出余弦定理，但c 计算错误，得1分；求出c 的两个值，但没舍去，扣2分；面积公式正确，但计算错误，只给1分；若求出sin C ，利用S ＝12ab sin C 计算，同样得分．跟踪演练2 已知a ，b ，c 分别为△ABC 三个内角的对边，且3cos C ＋sin C ＝3a b， (1)求B 的大小；(2)若a ＋c ＝57，b ＝7，求AB →·BC →的值． 解 (1)∵3cos C ＋sin C ＝3ab， 由正弦定理可得：3cos C ＋sin C ＝3sin Asin B， ∴3cos C sin B ＋sin B sin C ＝3sin A ， 3cos C sin B ＋sin B sin C ＝3sin(B ＋C )3cos C sin B ＋sin B sin C ＝3sin B cos C ＋3cos B sin C ， sin B sin C ＝3sin C cos B ， ∵sin C ≠0，∴sin B ＝3cos B ， ∴tan B ＝3， 又0<B <π，∴B ＝π3.(2)由余弦定理可得：2ac cos B ＝a 2＋c 2－b 2＝(a ＋c )2－2ac －b 2， 整理得：3ac ＝(a ＋c )2－b 2， 即：3ac ＝175－49.∴ac ＝42， ∴AB →·BC →＝－BA →·BC → ＝－|BA →||BC →|·cos B ＝－ac ·cos B ＝－21.模板3 数列的通项与求和问题典例3 (12分)下表是一个由n 2个正数组成的数表，用a ij 表示第i 行第j 个数(i ，j ∈N *)，已知数表中第一列各数从上到下依次构成等差数列，每一行各数从左到右依次构成等比数列，且公比都相等．已知a 11＝1，a 31＋a 61＝9，a 35＝48.a 11 a 12 a 13 … a 1n a 21 a 22 a 23 … a 2n a 31 a 32 a 33 … a 3n … … … … … a n 1 a n 2 a n 3 … a nn(1)求a n 1和a 4n ；(2)设b n ＝a 4n(a 4n －2)(a 4n －1)＋(－1)n ·a n 1(n ∈N *)，求数列{b n }的前n 项和S n .审题路线图数表中项的规律―→确定a n 1和a 4n ――→化简b n分析b n 的特征――→选定求和方法分组法及裂项法、公式法求和评分细则 (1)求出d 给1分，求a n 1时写出公式结果错误给1分；求q 时没写q >0扣1分； (2)b n 写出正确结果给1分，正确进行裂项再给1分； (3)缺少对b n 的变形直接计算S n ，只要结论正确不扣分； (4)当n 为奇数时，求S n 中间过程缺一步不扣分．跟踪演练3 在等差数列{a n }中，首项a 1＝－1，数列{b n }满足b n ＝(12)n a ，且b 1b 2b 3＝164.(1)求数列{a n }的通项公式； (2)设c n ＝(－1)n6n －5a n a n ＋1，求数列{c n }的前n 项的和T n . 解 (1)设等差数列{a n }的公差为d .∵a 1＝－1，∴a 1＋a 2＋a 3＝－3＋3×22d ＝3d －3.∵数列{b n }满足b n ＝(12)n a ，且b 1b 2b 3＝164，∴(12)123a a a ＋＋＝(12)3d －3＝(12)6， ∴3d －3＝6，解得d ＝3.∴a n ＝－1＋3(n －1)＝3n －4. (2)∵c n ＝(－1)n6n －5a n a n ＋1＝(－1)n (13n －4＋13n －1)， ∴当n 为偶数时，数列{c n }的前n 项的和T n ＝－(－1＋12)＋(12＋15)－…－(13n －7＋13n －4)＋(13n －4＋13n －1)＝1＋13n －1＝3n3n －1.当n 为奇数时，数列{c n }的前n 项的和 T n ＝T n －1－(13n －4＋13n －1)＝3(n －1)3(n －1)－1－(13n －4＋13n －1)＝3n －23n －1.∴T n＝⎩⎪⎨⎪⎧3n3n －1，n 为偶数，3n －23n －1，n 为奇数.模板4 空间中的平行与垂直关系典例4 (12分)如图，四棱锥P —ABCD 的底面为正方形，侧面P AD ⊥底面ABCD ，P A ⊥AD ，E ，F ，H 分别为AB ，PC ，BC 的中点．(1)求证：EF ∥平面P AD ； (2)求证：平面P AH ⊥平面DEF .审题路线图 (1)条件中各线段的中点――→设法利用中位线定理取PD 中点M ――→考虑平行关系长度关系平行四边形AEFM ―→AM ∥EF ――→线面平行的判定定理EF ∥平面P AD(2)平面P AD ⊥平面ABCD P A ⊥AD ――→面面垂直的性质P A ⊥平面ABCD ―→P A ⊥DE ―――――→正方形ABCD 中E 、H 为AB 、BC 中点DE ⊥AH ――→线面垂直的判定定理DE ⊥平面P AH ――→面面垂直的判定定理平面P AH ⊥平面DEF规 范 解 答·评 分 标 准构 建 答 题 模 板 证明 (1)取PD 中点M ，连接FM ，AM .∵在△PCD 中，F ，M 分别为PC ，PD 的中点，∴FM ∥CD 且FM ＝12CD .∵在正方形ABCD 中，AE ∥CD 且AE ＝12CD ，∴AE ∥FM 且AE ＝FM ，则四边形AEFM 为平行四边形，∴AM ∥EF ，4分第一步 找线线：通过三角形或四边形的中位线、平行四边形、等腰三角形的中线或线面、面面关系的性质寻找线线平行或线线垂直．第二步 找线面：通过线线垂直或平行，利用判定定理，找线面垂直或平行；也可由面面关系的性质找线面垂直或平行． 第三步 找面面：通过面面关系的判定定理，寻找面面垂直或平行．第四步 写步骤：严格按照定理∵EF⊄平面P AD，AM⊂平面P AD，中的条件规范书写解题步骤.∴EF∥平面P AD.6分(2)∵侧面P AD⊥底面ABCD，P A⊥AD，侧面P AD∩底面ABCD＝AD，∴P A⊥底面ABCD，∵DE⊂底面ABCD，∴DE⊥P A.∵E，H分别为正方形ABCD边AB，BC的中点，∴Rt△ABH≌Rt△DAE，则∠BAH＝∠ADE，∴∠BAH＋∠AED＝90°，则DE⊥AH，8分∵P A⊂平面P AH，AH⊂平面P AH，P A∩AH＝A，∴DE⊥平面P AH，∵DE⊂平面EFD，∴平面P AH⊥平面DEF.12分评分细则 1.第(1)问证出AE綊FM给2分；通过AM∥EF证线面平行时，缺1个条件扣1分；利用面面平行证明EF∥平面P AD同样给分；2．第(2)问证明P A⊥底面ABCD时缺少条件扣1分；证明DE⊥AH时只要指明E，H分别为正方形边AB，BC中点得DE⊥AH不扣分；证明DE⊥平面P AH只要写出DE⊥AH，DE⊥P A，缺少条件不扣分．跟踪演练4(2015·北京)如图，在三棱锥VABC中，平面VAB⊥平面ABC，△VAB为等边三角形，AC⊥BC且AC＝BC＝2，O，M分别为AB，VA的中点．(1)求证：VB∥平面MOC；(2)求证：平面MOC⊥平面VAB；(3)求三棱锥VABC的体积．(1)证明因为O，M分别为AB，VA的中点，所以OM∥VB，又因为VB⊄平面MOC，OM⊂平面MOC，所以VB∥平面MOC.(2)证明因为AC＝BC，O为AB的中点，所以OC⊥AB.又因为平面VAB ⊥平面ABC ，且OC ⊂平面ABC ， 所以OC ⊥平面VAB .又OC ⊂平面MOC ， 所以平面MOC ⊥平面VAB .(3)解 在等腰直角三角形ACB 中，AC ＝BC ＝2， 所以AB ＝2，OC ＝1，所以等边三角形VAB 的面积S △VAB ＝ 3. 又因为OC ⊥平面VAB .所以三棱锥CVAB 的体积等于13·OC ·S △VAB ＝33，又因为三棱锥VABC 的体积与三棱锥CVAB 的体积相等， 所以三棱锥VABC 的体积为33. 模板5 概率与统计的综合问题典例5 (12分)海关对同时从A ，B ，C 三个不同地区进口的某种商品进行抽样检测，从各地区进口此种商品的数量(单位：件)如下表所示．工作人员用分层抽样的方法从这些商品中共抽取6件样品进行检测.(1)求这6件样品中来自A ，B ，C 各地区商品的数量；(2)若在这6件样品中随机抽取2件送往甲机构进行进一步检测，求这2件商品来自相同地区的概率． 审题路线图利用分层抽样的特征确定各层的抽样比→求出样品中各层的数量→列举基本事件空间→利用古典概型公式求解评分细则(1)各层抽样数量每个算对给1分；(2)没有列举基本事件只求对基本事件个数给1分；(3)求对样本事件个数而没有列出的给1分；(4)最后没下结论的扣1分．跟踪演练5近日，某市楼市迎来去库存一系列新政，其中房产税收中的契税和营业税双双下调，对住房市场持续增长和去库存产生积极影响．某房地产公司从两种户型中各拿出9套进行促销活动，其中A户型每套面积为100平方米，均价1.1万元/平方米，B户型每套面积80平方米，均价1.2万元/平方米．下表是这18套住宅每平方米的销售价格：(单位：万元/平方米)：(1)求a，b的值；(2)张先生想为自己和父母买两套售价小于100万元的房子，求至少有一套面积为100平方米的概率．解(1)a＝1.16，b＝1.17.(2)A户型小于100万的有2套，设为A1，A2；B户型小于100万的有4套，设为B1，B2，B3，B4，买两套售价小于100万的房子所含基本事件为：{A1，A2}，{A1，B1}，{A1，B2}，{A1，B3}，{A1，B4}，{A2，B1}，{A2，B2}，{A2，B3}，{A2，B4}，{B1，B2}，{B1，B3}，{B1，B4}，{B2，B3}，{B2，B4}，{B3，B4}，共有15个．令事件A 为“至少有一套面积为100平方米住房”，则A 中所含基本事件有{A 1，A 2}，{A 1，B 1}，{A 1，B 2}，{A 1，B 3}，{A 1，B 4}，{A 2，B 1}，{A 2，B 2}，{A 2，B 3}，{A 2，B 4}，共9个．∴P (A )＝915＝35，即所买两套房中至少有一套面积为100平方米的概率为35.模板6 直线与圆锥曲线的位置关系典例6 (12分)(2015·山东)平面直角坐标系xOy 中，已知椭圆C ：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a ＞b ＞0)的离心率为32，且点⎝⎛⎭⎫3，12在椭圆C 上． (1)求椭圆C 的方程；(2)设椭圆E ：x 24a 2＋y 24b 2＝1，P 为椭圆C 上任意一点，过点P 的直线y ＝kx ＋m 交椭圆E 于A ，B 两点，射线PO 交椭圆E 于点Q . (ⅰ)求|OQ ||OP |的值；(ⅱ)求△ABQ 面积的最大值．审题路线图 (1)椭圆C 上点满足条件―→求出a基本量法求得椭圆C 方程(2)①P 在C 上，Q 在E 上――→P 、Q 共线设坐标代入方程―→求出|OQ ||QP |. ②直线y ＝kx ＋m 和椭圆E 方程联立――→通法研究判别式Δ并判断根与系数的关系 ―→用m ，k 表示S △OAB ―→求S △OAB 最值――――――→利用①得S △ABQ和S △OAB关系得S △ABQ 最大值规 范 解 答·评 分 标 准构 建 答 题 模 板 解 (1)由题意知3a 2＋14b 2＝1.又a 2－b 2a ＝32，解得a 2＝4，b 2＝1.所以椭圆C 的方程为x 24＋y 2＝1.2分(2)由(1)知椭圆E 的方程为x 216＋y 24＝1.(ⅰ)设P (x 0，y 0)，|OQ ||OP |＝λ，由题意知Q (－λx 0，－λy 0)．因为x 204＋y 20＝1，又(－λx 0)216＋(－λy 0)24＝1，即λ24⎝⎛⎭⎫x 204＋y 20＝1， 第一步 求圆锥曲线方程：根据基本量法确定圆锥曲线的方程．第二步 联立消元：将直线方程和圆锥曲线方程联立得到方程：Ax 2＋Bx ＋C ＝0，然后研究判别式，利用根与系数的关系．所以λ＝2，即|OQ ||OP |＝2.5分(ⅱ)设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)．将y ＝kx ＋m 代入椭圆E 的方程，可得(1＋4k 2)x 2＋8kmx ＋4m 2－16＝0， 由Δ＞0，可得m 2＜4＋16k 2，①则有x 1＋x 2＝－8km 1＋4k 2，x 1x 2＝4m 2－161＋4k 2.所以|x 1－x 2|＝416k 2＋4－m 21＋4k 2.因为直线y ＝kx ＋m 与y 轴交点的坐标为(0，m )， 所以△OAB 的面积S ＝12|m ||x 1－x 2|＝216k 2＋4－m 2|m |1＋4k 2＝2(16k 2＋4－m 2)m 21＋4k 2＝2⎝⎛⎭⎫4－m 21＋4k 2m 21＋4k 2.8分 设m 21＋4k 2＝t ，将y ＝kx ＋m 代入椭圆C 的方程， 可得(1＋4k 2)x 2＋8kmx ＋4m 2－4＝0，由Δ≥0，可得m 2≤1＋4k 2.②由①②可知0＜t ≤1，因此S ＝2(4－t )t ＝2－t 2＋4t ， 故S ≤23，当且仅当t ＝1，即m 2＝1＋4k 2时取得最大值2 3. 由(ⅰ)知，△ABQ 面积为3S ，所以△ABQ 面积的最大值为6 3.12分 第三步 找关系：从题设中寻求变量的等量或不等关系．第四步 建函数：对范围最值类问题，要建立关于目标变量的函数关系． 第五步 得范围：通过求解函数值域或解不等式得目标变量的范围或最值，要注意变量条件的制约，检查最值取得的条件.评分细则 1.第(1)问中，求a 2－c 2＝b 2关系式直接得b ＝1，扣1分；2．第(2)问中，求|OQ ||OP |时，给出P ，Q 坐标关系给1分；无“Δ>0”和“Δ≥0”者，每处扣1分；联立方程消元得出关于x 的一元二次方程给1分；根与系数的关系写出后再给1分；求最值时，不指明最值取得的条件扣1分．跟踪演练6 已知中心在原点O ，焦点在x 轴上，离心率为32的椭圆过点(2，22)．(1)求椭圆的方程；(2)设不过原点O 的直线l 与该椭圆交于P ，Q 两点，满足直线OP ，PQ ，OQ 的斜率依次成等比数列，求△OPQ 面积的取值范围．解 (1)由题意可设椭圆方程为x 2a 2＋y 2b 2＝1(a >b >0)，则c a ＝32(其中c 2＝a 2－b 2，c >0)，且2a 2＋12b 2＝1， 故a ＝2，b ＝1.所以椭圆的方程为x 24＋y 2＝1.(2)由题意可知，直线l 的斜率存在且不为0. 故可设直线l ：y ＝kx ＋m (m ≠0)， 设P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)，由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，x 2＋4y 2＝4， 消去y ，得(1＋4k 2)x 2＋8kmx ＋4(m 2－1)＝0，则Δ＝64k 2m 2－16(1＋4k 2)(m 2－1)＝16(4k 2－m 2＋1)>0， 且x 1＋x 2＝－8km 1＋4k 2，x 1x 2＝4(m 2－1)1＋4k 2，故y 1y 2＝(kx 1＋m )(kx 2＋m )＝k 2x 1x 2＋km (x 1＋x 2)＋m 2， 因为直线OP ，PQ ，OQ 的斜率依次成等比数列， 所以y 1x 1·y 2x 2＝k 2x 1x 2＋km (x 1＋x 2)＋m 2x 1x 2＝k 2，即m 2－4k 24(m 2－1)＝k 2. 又m ≠0，所以k 2＝14，即k ＝±12.由于直线OP ，OQ 的斜率存在，且Δ>0， 得0<m 2<2，且m 2≠1，设d 为点O 到直线l 的距离，则d ＝|2m |5，|PQ |＝(1＋k 2)[(x 1＋x 2)2－4x 1x 2] ＝5(2－m 2)，所以S ＝12|PQ |d ＝m 2(2－m 2)<m 2＋2－m 22＝1(m 2≠1)，故△OPQ 面积的取值范围为(0,1)．模板7 解析几何中的探索性问题典例7 (12分)已知定点C (－1,0)及椭圆x 2＋3y 2＝5，过点C 的动直线与椭圆相交于A ，B 两点．(1)若线段AB 中点的横坐标是－12，求直线AB 的方程；(2)在x 轴上是否存在点M ，使MA →·MB →为常数？若存在，求出点M 的坐标；若不存在，请说明理由．审题路线图 (1)设AB 的方程y ＝k (x ＋1)→待定系数法求k →写出方程(2)设M 存在即为(m ，0)→求MA →·MB →→在MA →·MB →为常数的条件下求m →下结论评分细则 (1)不考虑直线AB 斜率不存在的情况扣1分； (2)不验证Δ>0，扣1分；(3)直线AB 方程写成斜截式形式同样给分； (4)没有假设存在点M 不扣分；(5)MA →·MB →没有化简至最后结果扣1分，没有最后结论扣1分．跟踪演练7 已知椭圆C ：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a >b >0)的离心率为12，以原点为圆心，椭圆的短半轴长为半径的圆与直线7x －5y ＋12＝0相切． (1)求椭圆C 的方程；(2)设A (－4,0)，过点R (3,0)作与x 轴不重合的直线l 交椭圆C 于P ，Q 两点，连接AP ，AQ 分别交直线x ＝163于M ，N 两点，若直线MR ，NR 的斜率分别为k 1，k 2，试问：k 1k 2是否为定值？若是，求出该定值，若不是，请说明理由．解 (1)由题意得⎩⎨⎧c a ＝12，127＋5＝b ，a 2＝b 2＋c 2，∴⎩⎪⎨⎪⎧a ＝4，b ＝23，c ＝2，故椭圆C 的方程为x 216＋y 212＝1.(2)设直线PQ 的方程为x ＝my ＋3， P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)， 由⎩⎪⎨⎪⎧x 216＋y 212＝1，x ＝my ＋3，∴(3m 2＋4)y 2＋18my －21＝0. ∴y 1＋y 2＝－18m 3m 2＋4，y 1y 2＝－213m 2＋4，由A ，P ，M 三点共线可知y M 163＋4＝y 1x 1＋4，∴y M ＝28y 13(x 1＋4).同理可得y N ＝28y 23(x 2＋4)，∴k 1k 2＝y M 163－3×y N163－3＝9y M y N 49＝16y 1y 2(x 1＋4)(x 2＋4)∵(x 1＋4)(x 2＋4)＝(my 1＋7)(my 2＋7) ＝m 2y 1y 2＋7m (y 1＋y 2)＋49 ∴k 1k 2＝16y 1y 2m 2y 1y 2＋7m (y 1＋y 2)＋49＝－127，为定值.模板8 函数的单调性、极值与最值问题典例8 (12分)(2015·课标全国Ⅱ)已知函数f (x )＝ln x ＋a (1－x )． (1)讨论f (x )的单调性；(2)当f (x )有最大值，且最大值大于2a －2时，求a 的取值范围．审题路线图 求f ′(x )――→讨论f ′(x )的符号f (x )单调性―→f (x )最大值―→解f (x )max >2a －2.评分细则 (1)函数求导正确给1分； (2)分类讨论，每种情况给2分，结论1分； (3)求出最大值给2分；(4)构造函数g (a )＝ln a ＋a －1给2分； (5)通过分类讨论得出a 的范围，给2分． 跟踪演练8 设函数f (x )＝xln x－ax .(1)若函数f (x )在[2，＋∞)上为减函数，求实数a 的最小值；(2)若存在x 1，x 2∈[e ，e 2]，使f (x 1)≤f ′(x 2)＋a 成立，求实数a 的取值范围． 解 (1)由已知得x >0，x ≠1，f ′(x )＝ln x －1ln 2x －a ≤0在[2，＋∞)上恒成立，∴当x ∈[2，＋∞)时，f ′(x )max ≤0. 又f ′(x )＝ln x －1ln 2x －a ＝－1ln 2x ＋1ln x－a＝－(1ln x －12)2＋14－a ，故当1ln x ＝12，即x ＝e 2时，f ′(x )max ＝14－a .∴14－a ≤0，即a ≥14，故a 的最小值为14. (2)命题“若存在x 1，x 2∈[e ，e 2]，使f (x 1)≤f ′(x 2)＋a 成立”等价于“当x ∈[e ，e 2]时，有f (x )min ≤f ′(x )max ＋a ”．由(1)知，当x ∈[e ，e 2]时，f ′(x )max ＝14－a ，∴f ′(x )max ＋a ＝14.问题等价于“当x ∈[e ，e 2]时，有f (x )min ≤14”．①当a ≥14时，由(1)知，f (x )在[e ，e 2]上为减函数，则f (x )min ＝f (e 2)＝e 22－a e 2≤14，故a ≥12－14e2. ②当a <14时，由于f ′(x )＝－(1ln x －12)2＋14－a 在[e ，e 2]上的值域为[－a ，14－a ]．(ⅰ)－a ≥0，即a ≤0时，f ′(x )≥0在[e ，e 2]上恒成立， 故f (x )在[e ，e 2]上为增函数，于是f (x )min ＝f (e)＝e －a e ≥e>14，矛盾．(ⅱ)－a <0，即0<a <14，由f ′(x )的单调性和值域知，存在唯一x 0∈[e ，e 2]，使f ′(x 0)＝0，且满足： 当x ∈(e ，x 0)时，f ′(x )<0，f (x )为减函数； 当x ∈(x 0，e 2)时，f ′(x )>0，f (x )为增函数． ∴由x 0ln x 0－ax 0≤14，得a ≥1ln x 0－14x 0>1ln e 2－14e >12－14＝14，与0<a <14矛盾． 综上，得a ≥12－14e 2.。
2015年度高考理科数学解答题的八个大题材料模板
方达教育学科教师辅导教案学员姓名年级高三辅导科目数学授课老师翟嘉课时数2h 第次课授课日期及时段2015年月日：—：解答题的八个答题模板数学解答题是高考数学试卷中的一类重要题型，通常是高考的把关题和压轴题，具有较好的区分层次和选拔功能．目前的高考解答题已经由单纯的知识综合型转化为知识、方法和能力的综合型解答题．在高考考场上，能否做好解答题，是高考成败的关键，因此，在高考备考中学会怎样解题，是一项重要的内容．“答题模板”就是首先把高考试题纳入某一类型，把数学解题的思维过程划分为一个个小题，按照一定的解题程序和答题格式分步解答，即化整为零．强调解题程序化，答题格式化，在最短的时间内拟定解决问题的最佳方案，实现答题效率的最优化．模板1 三角变换与三角函数的性质问题(1)证明 因为a cos 2C2＋c cos 2A2＝a ·1＋cos C 2＋c ·1＋cos A 2＝32b ， 所以a ＋c ＋(a cos C ＋c cos A )＝3b ，故a ＋c ＋⎝ ⎛⎭⎪⎫a ·a 2＋b 2－c 22ab ＋c ·b 2＋c 2－a 22bc ＝3b ，整理，得a ＋c ＝2b ，故a ，b ，c 成等差数列． (2)解 cos B ＝a 2＋c 2－b 22ac＝a 2＋c 2－⎝ ⎛⎭⎪⎫a ＋c 222ac＝3a 2＋c 2－2ac 8ac ≥6ac －2ac 8ac ＝12，因为0<B <π，所以0<B ≤π3.(2014·辽宁)在△ABC 中，内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，且a >c ，已知BA →·BC →＝2，cos B ＝13，b ＝3.求：(1)a 和c 的值； (2)cos(B －C )的值．解 (1)由BA →·BC →＝2得c ·a cos B ＝2.又cos B ＝13，所以ac ＝6.由余弦定理，得a 2＋c 2＝b 2＋2ac cos B .又b＝3，所以a 2＋c 2＝9＋2×6×13＝13.解⎩⎪⎨⎪⎧ac ＝6，a 2＋c 2＝13，得⎩⎪⎨⎪⎧ a ＝2，c ＝3或⎩⎪⎨⎪⎧a ＝3，c ＝2.因为a >c ，所以a ＝3，c ＝2. (2)在△ABC 中，sin B ＝1－cos 2B ＝1－132＝223，由正弦定理，得sin C ＝cb sin B ＝23×223＝429.因为a ＝b >c ，所以C 为锐角，因此cos C ＝1－sin 2C ＝ 1－4292＝79.于是cos(B －C )＝cos B cos C ＋sin B sin C ＝13×79＋223×429＝2327. 模板3 数列的通项、求和问题已知首项都是1的两个数列{a n }，{b n }(b n ≠0，n ∈N *)满足a nb n ＋1－a n ＋1b n ＋2b n ＋1b n ＝0.(1)令c n ＝a nb n，求数列{a n }的通项公式；(2)若b n ＝3n －1，求数列{a n }的前n 项和S n .审题路线图 (1)a n b n ＋1－a n ＋1b n ＋2b n ＋1b n ＝0→a n ＋1b n ＋1－a nb n＝2→c n ＋1－c n ＝2→c n ＝2n －1(2)c n ＝2n －1→a n ＝2n －1·3n －1――→错位相减法得S n规 范 解 答 示 例构 建 答 题 模 板解 (1)因为a n b n ＋1－a n ＋1b n ＋2b n ＋1b n ＝0(b n ≠0，n ∈N *)， 所以a n ＋1b n ＋1－a nb n＝2，即c n ＋1－c n ＝2，所以数列{c n }是以首项c 1＝1，公差d ＝2的等差数列，故c n ＝2n －1.(2)由b n ＝3n －1知a n ＝c n b n ＝(2n －1)3n －1， 于是数列{a n }的前n 项和S n ＝1·30＋3·31＋5·32＋…＋(2n －1)·3n －1，第一步 找递推：根据已知条件确定数列相邻两项之间的关系，即找数列的递推公式．第二步 求通项：根据数列递推公式转化为等差或等比数列求通项公式，或利用累加法或累乘法求通项公式．第三步 定方法：根据数列表达式的结构特征确定求和方法(如公式法、裂项相消法、错位相减法、分组法等)．又数列{a n }是等比数列，∴a 1＝a 22a 3＝481－227＝－23＝13－c ，∴c ＝1.又公比q ＝a 2a 1＝13， ∴a n ＝－23·⎝ ⎛⎭⎪⎫13n －1＝－2·⎝ ⎛⎭⎪⎫13n (n ∈N *)． ∵S n －S n －1＝(S n －S n －1)(S n ＋S n －1)＝S n ＋S n －1 (n ≥2)．又b n >0，S n >0，∴S n －S n －1＝1.∴数列{S n }构成一个首项为1、公差为1的等差数列，S n ＝1＋(n －1)×1＝n ，即S n ＝n 2.当n ≥2时，b n ＝S n －S n －1＝n 2－(n －1)2＝2n －1，当n ＝1时，b 1＝1也适合此通项公式． ∴b n ＝2n －1 (n ∈N *)． (2)T n ＝1b 1b 2＋1b 2b 3＋1b 3b 4＋…＋1b n b n ＋1＝11×3＋13×5＋15×7＋…＋12n －1×2n ＋1＝12×⎝ ⎛⎭⎪⎫1－13＋12×⎝ ⎛⎭⎪⎫13－15＋12×⎝ ⎛⎭⎪⎫15－17＋…＋12×⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －1－12n ＋1＝12×⎝⎛⎭⎪⎫1－12n ＋1＝n2n ＋1.由T n ＝n 2n ＋1>1 0012 012，得n >1 00110，∴满足T n >1 0012 012的最小正整数n 的值为101.模板4 利用空间向量求角问题(2014·山东)如图，在四棱柱ABCD－A 1B 1C 1D 1中，底面ABCD 是等腰梯形，∠DAB ＝60°，AB ＝2CD ＝2，M 是线段AB 的中点． (1)求证：C 1M ∥平面A 1ADD 1； (2)若CD 1垂直于平面ABCD 且CD 1＝3，求平面C 1D 1M 和平面ABCD 所成的角(锐角)的余弦值．审题路线图 (1)M 是AB 中点，四边形ABCD 是等腰梯形――→AB ＝2CDCD ∥AM CD ＝AM ⇒▱AMC 1D 1→C 1M ∥平面A 1ADD 1(2)CA ，CB ，CD 1两两垂直→建立空间直角坐标系，写各点坐标→求平面ABCD 的法向量→将所求两个平面所成的角转化为两个向量的夹角规 范 解 答 示 例构 建 答 题 模 板(1)证明 因为四边形ABCD 是等腰梯形， 且AB ＝2CD ，所以AB ∥DC .又由M 是AB 的中点，因此CD ∥MA 且CD ＝MA . 连接AD 1，如图(1)．在四棱柱ABCD －A 1B 1C 1D 1中，因为CD ∥C 1D 1，CD ＝C 1D 1，可得C 1D 1∥MA ，C 1D 1＝MA ，所以四边形AMC 1D 1为平行四边形，因为C 1M ∥D 1A .又C 1M ⊄平面A 1ADD 1，D 1A ⊂平面A 1ADD 1，所以C 1M ∥平面A 1ADD 1.第一步 找垂直：找出(或作出)具有公共交点的三条两两垂直的直线． 第二步 写坐标：建立空间直角坐标系，写出特征点坐标．第三步 求向量：求直线(2)解 方法一 如图(2)，连接AC ，MC .由(1)知CD ∥AM 且CD ＝AM ，所以四边形AMCD 为平行四边形，可得BC ＝AD ＝MC ，由题意得∠ABC ＝∠DAB ＝60°，所以△MBC 为正三角形，因此AB ＝2BC ＝2，CA ＝3，因此CA ⊥CB .以C 为坐标原点，建立如图(2)所示的空间直角坐标系C －xyz ，所以A (3，0,0)，B (0,1,0)，D 1(0,0，3)，因此M ⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫32，12，0，所以MD 1→＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－32，－12，3，D 1C 1→＝MB→＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－32，12，0. 设平面C 1D 1M 的一个法向量为n ＝(x ，y ，z )，由⎩⎨⎧n ·D 1C 1→＝0，n ·MD1→＝0，得⎩⎪⎨⎪⎧3x －y ＝0，3x ＋y －23z ＝0，可得平面C 1D 1M 的一个法向量n ＝(1，3，1)．又CD 1→＝(0,0，3)为平面ABCD 的一个法向量，因此cos 〈CD 1→，n 〉＝CD 1→·n|CD 1→||n |＝55.所以平面C 1D 1M 和平面ABCD 所成的角(锐角)的余弦值为55.方法二 由(1)知平面D 1C 1M ∩平面ABCD ＝AB ， 过点C 向AB 引垂线交AB 于点N ， 连接D 1N ，如图(3)．由CD 1⊥平面ABCD ， 可得D 1N ⊥AB ，的方向向量或平面的法向量．第四步 求夹角：计算向量的夹角．第五步 得结论：得到所求两个平面所成的角或直线和平面所成的角.已知双曲线x 2a2－y 2b 2＝1(a >1，b >0)的焦距为2c ，直线l 过点(a,0)和(0，b )，且点(1,0)到直线l 的距离与点(－1,0)到直线l 的距离之和s ≥45c ，求双曲线的离心率e 的取值范围．解 设直线l 的方程为x a ＋yb＝1，即bx ＋ay －ab ＝0.由点到直线的距离公式，且a >1，得到点(1,0)到直线l 的距离d 1＝b a －1a 2＋b 2，同理可得点(－1,0)到直线l 的距离为d 2＝b a ＋1a 2＋b 2，于是s ＝d 1＋d 2＝2aba 2＋b 2＝2ab c.由s ≥45c ，得2ab c ≥45c ，即5ac 2－a 2≥2c 2，可得5e 2－1≥2e 2，即4e 4－25e 2＋25≤0，解得54≤e 2≤5. 由于e >1，故所求e 的取值范围是⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤52，5.模板6 解析几何中的探索性问题解(1)依题意，直线AB 的斜率存在，设直线AB 的方程为y ＝k (x ＋1)，将y ＝k (x ＋1)代入x 2＋3y 2＝5，消去y 整理得(3k 2＋1)x 2＋6k 2x ＋3k 2－5＝0.设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则⎩⎪⎨⎪⎧Δ＝36k 4－43k 2＋13k 2－5>0， ①x 1＋x 2＝－6k 23k 2＋1. ②由线段AB 中点的横坐标是－12，得x 1＋x 22＝－3k 23k 2＋1＝－12，解得k ＝±33，适合①. 所以直线AB 的方程为x －3y ＋1＝0或x ＋3y ＋1＝0.(2)假设在x 轴上存在点M (m,0)，使MA →·MB →为常数．(ⅰ)当直线AB 与x 轴不垂直时，由(1)知x 1＋x 2＝－6k 23k 2＋1，x 1x 2＝3k 2－53k 2＋1.③所以MA →·MB →＝(x 1－m )(x 2－m )＋y 1y 2＝(x 1－m )(x 2－m )＋k 2(x 1＋1)(x 2＋1)＝(k 2＋1)x 1x 2＋(k 2－m )(x 1＋x 2)＋k 2＋m 2. 将③代入，整理得MA →·MB →＝6m －1k 2－53k 2＋1＋m 2＝⎝⎛⎭⎪⎫2m －133k 2＋1－2m －1433k 2＋1＋m 2＝m 2＋2m －13－6m ＋1433k 2＋1.注意到MA →·MB →是与k 无关的常数，从而有6m ＋14＝0，m ＝－73，此时MA →·MB →＝49.(ⅱ)当直线AB 与x 轴垂直时，此时点A 、B 的坐标分别为⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－1，23、⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－1，－23，当m ＝－73时，也有MA→·MB →＝49. 综上，在x 轴上存在定点M ⎝ ⎛⎭⎪⎫－73，0，使MA →·MB →为常数.(2014·福建)已知双曲线E ：x 2a 2－y 2b 2＝1(a >0，b >0)的两条渐近线分别为l 1：y ＝2x ，l 2：y ＝－2x . (1)求双曲线E 的离心率．(2)如图，O 为坐标原点，动直线l 分别交直线l 1，l 2于A ，B 两点(A ，B 分别在第一、四象限)，且△OAB 的面积恒为8.试探究：是否存在总与直线l 有且只有一个公共点的双曲线E ？若存在，求出双曲线E 的方程；若不存在，说明理由．解 (1)因为双曲线E 的渐近线分别为y ＝2x ，y ＝－2x ，所以b a＝2，所以c 2－a 2a＝2，故c ＝5a ，从而双曲线E 的离心率e ＝ca＝5.(2)方法一 由(1)知，双曲线E 的方程为x 2a2－y 24a 2＝1.设直线l 与x 轴相交于点C .当l ⊥x 轴时，若直线l 与双曲线E 有且只有一个公共点，则|OC |＝a ，|AB |＝4a . 又因为△OAB 的面积为8，所以12|OC |·|AB |＝8，因此12a ·4a ＝8，解得a ＝2，此时双曲线E 的方程为x 24－y 216＝1.若存在满足条件的双曲线E ，则E 的方程只能为x 24－y 216＝1.以下证明：当直线l 不与x 轴垂直时，双曲线E ：x 24－y 216＝1也满足条件．解 (1)当a ＝1时，f (x )＝2xx 2＋1，f (2)＝45，又f ′(x )＝2x 2＋1－2x ·2x x 2＋12＝2－2x 2x 2＋12，f ′(2)＝－625.所以，曲线y ＝f (x )在点(2，f (2))处的切线方程为y －45＝－625(x －2)，即6x ＋25y －32＝0.(2)f ′(x )＝2a x 2＋1－2x 2ax －a 2＋1x 2＋12＝－2x －a ax ＋1x 2＋12.由于a ≠0，以下分两种情况讨论．①当a ＞0时，令f ′(x )＝0，得到x 1＝－1a，x 2＝a .当x 变化时，f ′(x )，f (x )的变化情况如下表：x (－∞，－1a)－1a(－1a，a )a(a ，＋∞)f ′(x ) － 0 ＋0 － f (x )极小值极大值所以f (x )在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫－∞，－1a ，(a ，＋∞)内为减函数，在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫－1a ，a 内为增函数．函数f (x )在x 1＝－1a处取得极小值f ⎝ ⎛⎭⎪⎫－1a ，且f ⎝ ⎛⎭⎪⎫－1a ＝－a 2.函数f (x )在x 2＝a 处取得极大值f (a )，且f (a )＝1.②当a ＜0时，令f ′(x )＝0，得到x 1＝a ，x 2＝－1a，当x 变化时，f ′(x )，f (x )的变化情况如下表：x (－∞，a ) a(a ，－1a)－1a(－1a，＋∞)f ′(x ) ＋0 － 0 ＋ f (x )极大值极小值所以f (x )在区间(－∞，a )，⎝ ⎛⎭⎪⎫－1a ，＋∞内为增函数，在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫a ，－1a 内为减函数．函。
2015届高考理科数学解答题的八个大题模板
方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人方达教育学科教师辅导教案学员姓名年级高三辅导科目数学授课老师翟嘉课时数2h 第次课授课日期及时段2015 年月日：—：解答题的八个答题模板数学解答题是高考数学试卷中的一类重要题型，通常是高考的把关题和压轴题，具有较好的区分层次和选拔功能．目前的高考解答题已经由单纯的知识综合型转化为知识、方法和能力的综合型解答题．在高考考场上，能否做好解答题，是高考成败的关键，因此，在高考备考中学会怎样解题，是一项重要的内容．“答题模板”就是首先把高考试题纳入某一类型，把数学解题的思维过程划分为一个个小题，按照一定的解题程序和答题格式分步解答，即化整为零．强调解题程序化，答题格式化，在最短的时间内拟定解决问题的最佳方案，实现答题效率的最优化．模板1三角变换与三角函数的性质问题已知函数 f (x)＝2cos x·sin x＋π2x＋sin xcos x＋1.－3sin3(1)求函数f(x)的最小正周期；(2)求函数f(x)的最大值及最小值；(3)写出函数f(x)的单调递增区间．审题路线图不同角化同角→降幂扩角→化f(x)＝Asin(ωx＋φ)＋h→结合性质求解．规范解答示例构建答题模板13解f( x) 2cos x＝sin x＋2cosx3sin－2 2x)＋1＝sin 2x＋3cos 2x＋1第一步化简：三角函数式的化简，一般化成y＝A sin( ωx＋φ) ＋h 的形式，即化为“一角、一次、一函数”的形式．2＝2sin xcos x＋3(cosx－sinπ＝2sin 2x＋＋1.3第二步整体代换：将ωx＋φ看作一(1)函数f(x)的最小正周期为2π＝π.2个整体，利用y＝sin x，y＝cos x 的性质确定条件．π(2)∵－1≤sin 2x＋≤1，∴－1≤2sin 2x＋3 π＋1≤ 3.3第三步求解：利用ωx＋φ的范围求∴当2x＋π＝3ππ＋2kπ，k∈Z，即x＝＋kπ，k∈Z时，f( x)取2 12条件解得函数y＝A sin( ωx＋φ) ＋h的性质，写出结果．得最大值3；π当2x＋＝－3 π＋2kπ，k∈Z，即x＝－25π＋kπ，k∈Z时，f(x)12第四步反思：反思回顾，查看关键点，易错点，对结果进行估算，检查规范性.方达教育辅导教案第 1 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人取得最小值－ 1.(3)由－π＋2kπ≤2x＋2π≤3π＋2kπ，k∈Z，得－25π＋kπ≤x≤12π＋12kπ，k∈Z.∴函数f (x)的单调递增区间为－5ππ＋kπ，＋kπ(k∈Z).12 12(2014福·建)已知函数f(x)＝cos x(sin x＋cos x)－1 2.π，且sin α＝(1)若0<α<22，求f(α)的值；(2)求函数f(x)的最小正周期及单调递增区间．2π解方法一(1) 因为0<α< ，sin α＝22，所以cos α＝22.所以f(α)＝22×(22＋22)－21 1＝.2 2(2)因为f(x)＝sin xcos x＋cos2x－12x－1＝2 12sin 2x＋1＋cos 2x－21 1＝2sin 2x＋212cos 2x＝2 π2 sin(2 x＋4)，2π所以T＝＝π.2由2kπ－ππ3πππ≤2x＋≤2kπ＋，k∈Z，得kπ－≤x≤kπ＋，k∈Z.2 4 2 8 8所以f (x)的单调递增区间为[kπ－3ππ，kπ＋]，k∈Z.8 81 12x－方法二f(x)＝sin xcos x＋cos＝sin 2x＋2 2 1＋cos 2x 1－＝2 212sin 2x＋12cos 2x＝2sin(2 x＋2π)．4π，sin α＝(1)因为0<α<22，所以α＝2π，从而f(α)＝422 sin(2α＋π4)＝2 3π2 sin4＝12.2π(2)T＝＝π.2由2kπ－πππ3ππ≤2x＋≤2kπ＋，k∈Z，得kπ－≤x≤kπ＋，k∈Z.2 4 2 8 8所以f (x)的单调递增区间为[kπ－3ππ，kπ＋]，k∈Z.8 8模板2解三角形问题2C 2A 在△ABC 中，若acos ＋ccos ＝2 23 2 b.(1)求证：a，b，c 成等差数列；(2) 求角B 的取值范围．审题路线图(1) 化简变形―→用余弦定理转化为边的关系―→变形证明(2) 用余弦定理表示角―→用基本不等式求范围―→确定角的取值范围方达教育辅导教案第 2 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人规范解答示例构建答题模板2C 2A 1＋cos C(1) 证明因为acos ＋＋ccos ＝a·2 2 2第一步定条件：即确定三角形中的已知和1＋cos A c·＝2 3b，2所求，在图形中标注出来，然后确定转化的方向．所以a＋c＋( a cos C＋ccos A)＝3b，2＋b2－c2 2＋c2－a2a b故a＋c＋a·＋c·2ab 2bc ＝3b，第二步定工具：即根据条件和所求，合理选择转化的工具，实施边角之间的互化．整理，得a＋c＝2b，故a，b，c 成等差数列．第三步求结果．(2) 解cos B＝2＋c2－a＋ca2＋c2－b2a 2＝2ac 2ac2 第四步再反思：在实施边角互化的时候应注意转化的方向，一般有两种思路：一是全2＋c2 －2ac3 a6ac－2ac＝8acπ.3＝≥8ac因为0< B<π，所以0<B≤12，部转化为边之间的关系；二是全部转化为角之间的关系，然后进行恒等变形.→→(2014辽·宁)在△ABC 中，内角A，B，C 的对边分别为a，b，c，且a>c，已知BA·BC ＝2，cos B＝13，b＝3.求：(1) a 和c 的值；(2)cos( B－C)的值．→→解(1)由BA ＝2 得c·acos B＝2.又cos B＝·BC 13，所以ac＝6.由余弦定理，得a2＋c2＝b2＋2accos B.又b＝3，2＋c2＝b2＋2accos B.又b＝3，所以a ＝13.解2＋c2＝9＋2×6×12＋c2＝9＋2×6×13 ac＝6，2＋c2＝13，a得a＝2，c＝3或a＝3，c＝2.因为a>c，所以a＝3，c＝2.(2)在△ABC 中，sin B＝1－cos2B＝1－2B＝1－132＝22，，3c由正弦定理，得sin C＝bsin B＝2 2 2×＝3 34 29 .因为a＝b> c，所以 C 为锐角，2因此cos C＝1－sinC＝1－4 292＝79.于是cos(B－C)＝cos Bcos C＋sin Bsin C＝17×＋3 92 23×4 29＝23.27模板3数列的通项、求和问题* )满足a n b n已知首项都是 1 的两个数列{ a n} ，{b n}( b n≠0，n∈N＋1－a n＋1b n＋2b n＋1b n＝0.a n(1)令c n＝，求数列{ a n} 的通项公式；b nn－1，求数列{ a (2)若b n＝316 页）方达教育辅导教案第 3 页（共方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人审题路线图(1) a n b n＋1－a n＋1b n＋2b n＋1b n＝0 →a n＋1＋1－b n＋1a nb n＝2 →c n＋1－c n＝2 →c n＝2n－1错位相减法n－1 ――→(2) c n＝2n－1 →a n＝2n－1 ·3得S n规范解答示例构建答题模板解(1)因为a n b n＋1－a n＋1b n＋2b n＋1b n＝0(b n≠0，n∈N*)，第一步找递推：根据已知条件确定数列相所以a n＋1－b n＋1＋1a n＝2，即c n＋1－c n＝2，b n邻两项之间的关系，即找数列的递推公式．第二步求通项：根据数列递推公式转化为所以数列{c n} 是以首项c1＝1，公差d＝2 的等差数等差或等比数列求通项公式，或利用累加法列，故c n＝2n－1.或累乘法求通项公式．n－1 知a n－1，(2)由b n＝3 n＝c n b n＝(2n－1)3第三步定方法：根据数列表达式的结构特于是数列{a n} 的前n 项和S n＝1·30＋3·31＋5·32＋,0＋3·31＋5·32＋,征确定求和方法(如公式法、裂项相消法、n－1，＋(2n－1) ·3错位相减法、分组法等)．1＋3·32＋, ＋(2n－3) ·3n－1＋(2n－1) ·3n，3S n＝1·3第四步写步骤：规范写出求和步骤．相减得－2S n＝1＋2·(31＋32＋,＋3n－1)－(2n－1＋32＋, ＋3n－1)－(2n－第五步再反思：反思回顾，查看关键点、n＝－2－(2n－2)3n，1) ·3所以S n＝(n－1)3n＋1.n＋1.易错点及解题规范.已知点1，13是函数f( x)＝a x (a>0，且a≠1)的图象上的一点．等比数列{a n} 的前n 项和为f(n)－c.数列{ b n} ( b n>0) 的首项为c，且前n 项和S n 满足S n－S n－1＝S n＋S n－1 (n≥2)．(1)求数列{ a n} 和{b n} 的通项公式；(2)若数列1b n b n＋11 001的前n 项和为T n，问满足T n> 的最小正整数n 是多少？2 012解(1)∵f(1)＝a＝1，∴f( x)＝313x.1由题意知，a1＝f(1)－c＝－c，a2＝[ f(2)－c]－[f(1) －c] ＝－3 29，a3＝[f (3)－c]－[f(2)－c]＝－23.422a 81又数列{ a n}是等比数列，∴a1＝＝＝－a3 2－27 23＝1a2 1－c，∴c＝1.又公比q＝＝，3 a1 3∴a n＝－23·13n－1＝－2·13n *(n∈N)．∵S n－S n－1＝( S n－S n－1)( S n＋S n－1)＝S n＋S n－1 (n≥2)．方达教育辅导教案第 4 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人又b n>0，S n>0，∴S n－S n－1＝1.2. ∴数列{ S n} 构成一个首项为1、公差为 1 的等差数列，S n＝1＋(n－1)×1＝n，即S n＝n当n≥ 2 时，b n＝S n－S n－1＝n 1＝1 也适合此通项公式．2－(n－1)2＝2n－1，当n＝1 时，b*∴b n＝2n－1 (n∈N)．(2)T n＝1＋b1b21＋b2b31＋, ＋b3b41b n b n＋1＝1 1＋＋1×3 3×51＋, ＋5×712n－1 ×2n＋1＝12×1－131＋×21 1－3 5＋12×1 1－5 7＋, ＋12×1 1－2n－1 2n＋112＝×1－12n＋1n＝.2n＋1 n 1 001 1 001由T n＝，得n>2n＋1 2 012 10> ，1 001∴满足T n>的最小正整数n 的值为101.2 012模板4利用空间向量求角问题(2014·山东)如图，在四棱柱ABCD－A1B1C1D1 中，底面ABCD 是等腰梯形，∠DAB＝60°，AB＝2CD＝2，M 是线段A B 的中点．(1)求证：C1M∥平面A1ADD 1；(2)若CD1 垂直于平面ABCD 且CD 1＝3，求平面C1D1M 和平面ABCD 所成的角(锐角)的余弦值．AB＝2CD审题路线图(1) M是AB中点，四边形ABCD是等腰梯形――→CD∥AM CD＝AM ? ?AMC 1D 1→C1M∥平面A1ADD1(2) CA，CB，CD1两两垂直→建立空间直角坐标系，写各点坐标→求平面ABCD的法向量→将所求两个平面所成的角转化为两个向量的夹角规范解答示例构建答题模板第一步找垂直：找出(或(1)证明因为四边形ABCD 是等腰梯形，且AB＝2CD，所以AB∥DC. 作出)具有公共交点的三又由M 是AB 的中点，因此CD∥MA 且CD＝MA.条两两垂直的直线．连接A D1，如图(1)．第二步写坐标：建立空在四棱柱ABCD－A1B1C1D1 中，间直角坐标系，写出特征因为CD∥C1D1，CD＝C1D1，可得C1D1∥MA，C1D1＝MA，所以四边形AMC1D 1 点坐标．为平行四边形，因为C1M∥D1A. 第三步求向量：求直线方达教育辅导教案第 5 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人又C1M? 平面A1ADD 1，D1A? 平面A1ADD 1，所以C1M∥平面A1ADD 1. 的方向向量或平面的法(2)解方法一如图(2)，连接AC，MC .由(1)知向量．CD∥AM 且CD＝AM，第四步求夹角：计算向所以四边形AMCD 为平行四边形，可得BC＝AD＝量的夹角．MC，第五步得结论：得到所由题意得∠ABC＝∠DAB＝60°，所以△MBC 为正三求两个平面所成的角或角形，因此AB＝2BC＝2，CA＝3，因此CA⊥CB.直线和平面所成的角.以C 为坐标原点，建立如图(2)所示的空间直角坐标系C－xyz，所以A( 3，0,0)，B (0,1,0)，D1(0,0，3)，因此M3，212→，0 ，所以MD 1＝－3，－212→→， 3 ，D1C1＝MB＝－3 1，，0 .2 2设平面C1D1M 的一个法向量为n＝(x，y，z)，由→＝0，n·D1C1→＝0，n·MD 1得3x－y＝0，3x＋y－2 3z＝0，可得平面C1D1M 的一个法向量n →→＝(1，3，1)．又CD 1＝(0,0，3)为平面ABCD 的一个法向量，因此cos〈CD1，→CD 1·n n〉＝＝→|CD1||n|55 .所以平面C1D1M 和平面ABCD 所成的角(锐角)的余弦值为5.5方法二由(1)知平面D1C1M ∩平面ABCD＝AB，过点 C 向AB 引垂线交AB 于点N，连接D1N，如图(3)．由CD1⊥平面ABCD，可得D1N⊥AB，因此∠D1NC 为二面角C1－AB－C 的平面角．在Rt△BNC 中，BC＝1，∠NBC＝60°，可得CN＝ 3.所以ND1＝2CD2＝1521＋CN.23所以Rt△D1CN 中，cos∠D1NC＝CN＝D1N2＝1525，5方达教育辅导教案第 6 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人所以平面C1D1M 和平面ABCD 所成的角(锐角)的余弦值为5 . 5如图所示，在直三棱柱A1B1C1－ABC 中，AB⊥AC，AB＝AC＝2，A1A＝4，点 D 是BC 的中点．(1)求异面直线A1B 与C1D 所成角的余弦值；(2)求平面ADC1 与平面ABA1 所成二面角的正弦值．→→→解(1)以A 为坐标原点，分别以AB，AC，AA1为x 轴，y 轴，z轴的正方向建立空间直角坐标系A－xyz，则A(0,0,0)，B (2,0,0)，C (0,2,0)，A1(0,0,4)，D (1,1,0)，C1(0,2,4)．→→所以A1B＝(2,0，－4)，C1D＝(1，－1，－4)．→→所以cos〈A1B，C1D〉＝→→A1B·C1D＝→→|A1B|×|C1D|18 3 10＝.1020×18所以异面直线A1B 与C1D 所成角的余弦值为310.10→＝(0,2,0)是平面ABA1 的一个法向量．(2)由题意，知AC→设平面ADC 1的法向量为m＝(x，y，z)，因为AD →＝(1,1,0)，AC1＝(0,2,4)，→由m⊥AD→，m⊥AC1，得x＋y＝0，2y＋4z＝0.取z＝1，得y＝－2，x＝2，所以平面ADC1 的一个法向量为m＝(2，－2,1)．设平面ADC 1与平面ABA1 所成二面角为θ，→－4→AC·m 2所以|cos θ|＝|cos〈AC，m〉|＝| ，得sin θ＝|＝| |＝→2× 3 3|AC |×|m|5 . 3所以平面ADC1 与平面ABA1 所成二面角的正弦值为 5.3模板5圆锥曲线中的范围问题方达教育辅导教案第7 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人椭圆 C 的中心为坐标原点O，焦点在y 轴上，短轴长为2，离心率为2，直线l 与y 轴交于点2→→＝3PB P(0，m)，与椭圆 C 交于相异两点A，B，且AP .(1)求椭圆 C 的方程；(2)求m 的取值范围．审题路线图(1) 设方程→解系数→得结论→→＝3PB (2) 设l：y＝kx＋m →l，c相交Δ>0得m，k的不等式→AP →得m，k关系式→代入m，k的不等式消k →得m范围规范解答示例构建答题模板解(1) 设椭圆 C 的方程为2y2＋a2x2＝1(a>b>0)，b设c>0，c2＝a2－b2，由题意，知2b ＝2，c2＝a2－b2，由题意，知2b＝2，c＝a2 ，2所以a＝1，b＝c＝22 x2 2 2＝1，即y ＋2x ＝1.2 .故椭圆 C 的方程为y ＋1第一步提关系：2 从题设条件中提取(2)设直线l 的方程为y＝kx＋m( k≠0)，l 与椭圆 C 的交点坐标为A(x1，y1)，不等关系式．B(x2，y2)，由y＝kx＋m，2＋y2＝1，2x得(k2＋2) x2＋2kmx＋(m2－1)＝0，2＋2) x2＋2kmx＋(m2－1)＝0，第二步找函数：用一个变量表示目2－4( k2＋2)(m2－1)＝4(k2－2m2＋2)>0，(*)Δ＝(2 k m)标变量，代入不等x1＋x2＝－2km2－ 1m→→2＋2 ，x＝3PB，所以－x1＝3x2，1x2＝2＋2 .因为APk k关系式．第三步得范围：所以x1＋x2＝－2x2，x1x2＝－3x22.所以3(x1＋x2)2＋4x1x2＝0.2＋4x1x2＝0.通过求解含目标变所以3·－2km2＋2k2－ 1m2＋4·2＋2 ＝0.k量的不等式，得所求参数的范围．2m2＋2m2－k2－2＝0，即k2(4m2－1)＋(2m2－2)＝0.整理得4k第四步再回顾：当m2＝12＝1时，上式不成立；4注意目标变量的范2 当m≠142时，k＝22－2m2－1，4m围所受题中其他因素的制约.22>2 m2－2，又k≠0，所以k2＝2－2m由(*) 式，得k2－1>0.4m解得－1< m<－1 1或<m<1.即所求m 的取值范围为－1，－2 212∪12，1 .方达教育辅导教案第8 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导 学海方舟，教以达人已知双曲线 22x y2－2＝ 1(a>1，b>0)的焦距为 2c ，直线 l 过点 (a ,0)和 (0， b)，且点 (1,0)到直线 l 的距 a b离与点 (－ 1,0)到直线 l 的距离之和 s ≥ 45c ，求双曲线的离心率 e 的取值范围．解 设直线 l 的方程为 x y＋＝1，即 bx ＋ ay －ab ＝0. a b由点到直线的距离公式，且 a>1，得到点 (1,0)到直线 l 的距离 d 1＝ b a －1 ， 2＋b 2 a同理可得点 (－1,0)到直线 l 的距离为 d 2＝ b a ＋1 ，于是 s ＝d 1＋d 2＝ 2＋b 2a2ab2ab ＝ c .2＋ b 2 a 由 s ≥ 4 5c ，得 2ab ≥ c4 2－ a 2≥ 2c 2，可得5 e 2－1≥ 2e 2，即 4e 4－2 5e 2＋25≤ 0，解得 5 ≤ e2≤ 5. 5c ，即 5a c4 由于 e>1，故所求 e 的取值范围是 5， 5 .2 模板 6 解析几何中的探索性问题已知定点 C(－1,0)及椭圆x2＋3y 2＝5，过点C 的动直线与椭圆相交于 A ，B 两点．(1)若线段A B 中点的横坐标是－12，求直线 AB 的方程； → →为常数？若存在，求出点 M 的坐标；若不存在，请说明理由．(2)在 x 轴上是否存在点 M ，使 MA ·MB→ →审题路线图设 AB 的方程 y ＝k(x ＋1)→待定系数法求 k → 写出方程；设 M 存在即为 (m,0)→求MA·MB →在→ → 为常数的条件下求 m.MA ·MB规范 解 答 示 例构 建 答 题 模 板解 (1)依题意，直线 AB 的斜率存在，设直线AB 的方程为 y ＝ k(x ＋1)，将第一步先假定：假2＋3y 2＝5，消去y 整理得 (3k 2＋1)x 2＋6k 2x ＋3k 2－5＝0.y ＝k(x ＋ 1)代入 x设结论成立． 4－4 3k 2＋13k 2－5 >0，①Δ＝ 36k第二步 再推理：以设 A (x 1，y 1)，B(x 2， y 2)，则x 1＋x 2＝－26k2＋ 1. ② 3k假设结论成立为条由线段A B 中点的横坐标是－1 2 ，得x 1＋ x 2 ＝－ 2 23k ＝－ 2＋1 3k1 3 ，解得 k ＝± ，23 件，进行推理求解． 第三步下结论：若适合 ①.推出合理结果，经验所以直线AB 的方程为x－3y＋1＝0 或x＋3y＋1＝0.→→(2) 假设在x 轴上存在点M (m,0)，使MA·MB为常数．(ⅰ)当直线AB 与x 轴不垂直时，由(1)知x1＋x2＝－26k，x1x2＝2＋13k2－53k3k2＋1.证成立则肯定假设；若推出矛盾则否定假设．第四步再回顾：查③方达教育辅导教案第9 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人→→所以MA ＝(x1－m)( x2－m)＋y1y2＝(x1－m)( x2－m)＋k·MB2(x1＋1)(x2＋1)看关键点，易错点＝(k 1x2＋(k 1＋x2)＋k2＋1)x 2－m)( x 2＋m2.2＋1)x 2－m)( x 2＋m2.(特殊情况、隐含条→→将③代入，整理得MA·MB件等)，审视解题规＝2－ 56m－1 k2＝2＋1 ＋m3k12＋1 －2m－142m－3 3k32＝m2＋2m－12＋1 ＋ m－3k 3范性.6m＋14→→是与k 无关的常数，从而有6m＋14＝0，m＝－2＋1 .注意到MA·MB3 3k 7 3 ，→→此时MA＝·MB 4 . 9(ⅱ)当直线AB 与x 轴垂直时，此时点A、B 的坐标分别为－1，23、－1，－23，当m＝－73→→时，也有MA＝·MB44.综上，在x 轴上存在定点M －7→，0 ，使MA3→·MB 为常数.2x(2014福·建)已知双曲线E：2－2－a2y2＝1(a>0，b>0)的两条渐近线分别为l1：y b＝2x，l2：y＝－2x.(1)求双曲线 E 的离心率．(2)如图，O 为坐标原点，动直线l 分别交直线l1，l2 于A，B 两点(A，B 分别在第一、四象限)，且△OAB 的面积恒为8.试探究：是否存在总与直线l 有且只有一个公共点的双曲线E？若存在，求出双曲线 E 的方程；若不存在，说明理由．解(1)因为双曲线 E 的渐近线分别为y＝2x，y＝－2x，所以ba＝2，所以2－a2c＝2，故c＝5a，ac从而双曲线 E 的离心率e＝＝ 5.a(2)方法一由(1)知，双曲线 E 的方程为2 2x y2－2＝1.设直线l 与x 轴相交于点 C.a 4a当l⊥x 轴时，若直线l 与双曲线 E 有且只有一个公共点，则|OC |＝a，|AB|＝4a.又因为△OAB 的面积为8，所以1|OC | |·AB|＝8，因此2 12a·4a＝8，解得a＝2，此时双曲线 E 的方程为2 2x y－＝1.若存在满足条件的双曲线E，则E 的方程只能为4 162x－42y＝1.162 2x y以下证明：当直线l 不与x 轴垂直时，双曲线E：＝1 也满足条件．4 16－方达教育辅导教案第10 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人m设直线l 的方程为y＝kx＋m，依题意，得k>2 或k<－2，则C(－，0)．k记A(x1，y1)，B( x2，y2)．由y＝kx＋m，y＝2x，得y1＝2m 2m，同理，得y2＝.2－k 2＋k由S△OAB ＝12|OC| ·|y1－y2|，得12|－m2m| ·|－k 2－k2m|＝8，2＋ky＝kx＋m，即m2＝4|4－k2|＝4( k2－4)．由2＝4|4－k2|＝4( k2－4)．由2x－42y＝1，162)x2－2kmx－m2－16＝0.得(4－k2<0，所以Δ＝4k2m2＋4(4－k2)(m2＋16)＝－16(4k2－m2－16)．因为4－k又因为m2＝4( k2－4)，所以Δ＝0，即l 与双曲线 E 有且只有一个公共点．因此，存在总与l 有且只有一个公共点的双曲线E，且 E 的方程为2x－42y＝1.16方法二由(1)知，双曲线 E 的方程为2x2－a2y2＝1.设直线l 的方程为x＝my＋t，A( x1，y1)，B(x2，y2)．4a依题意得－1 12<m< 2.由x＝my＋t，y＝2x，2t得y1＝，同理，得y2＝1－2m－2t.设直线l 与x 轴相交于点C，则C(t,0)．1＋2m由S△OAB ＝11－y2|＝8，得2|OC| |·y12 |t| ·2t 2t＋1－2m 1＋2m＝8.所以t2＝4|1－4m2|＝4(1－4m2)．2＝4|1－4m2|＝4(1－4m2)．x＝my＋t，由 2 2x y2－2＝1，a 4a2 2 2 2得(4m －1)y ＋8mty＋4(t －a)＝0.2 2 因为4m －1<0，直线l 与双曲线 E 有且只有一个公共点当且仅当Δ＝64mt 2 2 2 2－16(4m －1)(t －a)＝0，2a2＋t2－a2＝0，即4m2a2＋4(1－4m2)－a2＝0，即(1－4m2)( a2－4)＝0，所以a2＝4，即4m因此，存在总与l 有且只有一个公共点的双曲线E，且 E 的方程为2x－42y＝1.16方法三当直线l 不与x 轴垂直时，设直线l 的方程为y＝kx＋m，A( x1，y1)，B(x2，y2)．依题意，得k>2 或k<－2.由y＝kx＋m，2－y2＝0，4x2)x2－2kmx－m2＝0.得(4－k2<0，Δ>0，所以x1x2＝因为4－k2－m2.又因为△OAB 的面积为8，所以4－k12|OA | ·|OB| ·s in∠AOB＝8，又易知sin∠AOB＝45，所以252x2－m2＝4，得m2＝4(k2－4)．4－k由(1)得双曲线 E 的方程为2 2x y2－2＝1，由a 4ay＝kx＋m，2 2x y2－2＝1，a 4a2)x2－2 k mx－m2－4a2＝0.得(4－k2<0，直线l 与双曲线 E 有且只有一个公共点当且仅当Δ＝4k2m2＋4(4－k2)( m2＋4a2)＝0，因为4－k方达教育辅导教案第11 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人22即(k＝1.2－4)(a 2－4)＝0，所以 a 2＝4，所以双曲线 E 的方程为 x－ y 4 16当 l ⊥x 轴时，由 △OAB 的面积等于 8 可得 l ：x ＝2，又易知 l ：x ＝2 与双曲线 E ： 2 x－ 4 2y ＝1 有且只有一个公共点． 16综上所述，存在总与 l 有且只有一个公共点的双曲线 E ，且 E 的方程为2 x － 4 2 y ＝1. 16模板 7 离散型随机变量的均值与方差甲、乙两人参加某电视台举办的答题闯关游戏，按照规则，甲先从6 道备选题中一次性抽取3 道题独立作答，然后由乙回答剩余3 题，每人答对其中 2 题就停止答题，即闯关成功．已知在6 道备选题中，甲能答对其中的 4 道题，乙答对每道题的概率都是 2 5.(1)求甲、乙至少有一人闯关成功的概率； (2)设甲答对题目的个数为 ξ，求 ξ的分布列及均值．审题路线图(1) 标记事件 → 对事件分解 → 计算概率(2) 确定 ξ取值 → 计算概率 → 得分布列 → 求数学期望规 范 解 答 示 例构 建 答 题 模 板解 (1)设甲、 乙闯关成功分别为事件A 、B ，则 P( A )＝ 1 2C 4·C2 3C6＝4 1 ＝ ， 20 5第一步 定元： 根据已知条件确定离散型随机变量的取值．2222＝ 1 3＋C 1 ＋P( B )＝(1－ ) (1－ )3·3 3 3 27 2 9＝ 7 ， 27第二步定性： 明确每个随机变量取值所对应的事件．则甲、乙至少有一人闯关成功的概率是1 5 1－P( A ·B )＝1－P( A ) ·P ( B )＝1－ × 7 128＝ .27 135第三步 定型： 确定事件的概率模型和计算公式．(2)由题意知 ξ的可能取值是 1,2.第四步 计算： 计算随机变量1 2 2 132＋C C 4C1 C 4C 24，P(ξ＝2)＝P(ξ＝1)＝＝ ＝ 33C5C6645，则 ξ的分布列为取每一个值的概率．第五步列表：列出分布列．ξ 1 2P 1545第六步求解：根据均值、方差公式求解其值.∴E(ξ)＝1×15＋2×45＝93.方达教育辅导教案第12 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人已知一个袋中装有 3 个白球和 3 个红球，这些球除颜色外完全相同．(1)每次从袋中取一个球，取出后不放回，直到取到一个红球为止，求取球次数ξ的分布列和数学期望E(ξ)；(2)每次从袋中取一个球，取出后放回接着再取一个球，这样取 3 次，求取出红球次数η的数学期望E(η)．审题路线图取到红球为止→取球次数的所有可能1,2,3,4→求对应次数的概率→列分布列→求E(ξ)．取出后放回，这是条件→每次取到红球的概率相同→三次独立重复试验→利用公式.规范解答示例构建答题模板1 解(1)ξ的可能取值为1,2,3,4.P(ξ＝1)＝3＝1，P(ξ＝2)＝A3A26 2 A6 13＝3×36×5第一步：确定离散型随机变量的所有可能值．＝3，10第二步：求出每个可能2A 3AP(ξ＝3)＝3A6 133×2×3 3＝＝，6×5×4 20值的概率．第三步：画出随机变量3A 3A P(ξ＝4)＝4A6 133×2×3＝＝6×5×4×31.20的分布列．第四步：求期望和方差．故ξ的分布列为第五步：反思回顾．查ξ 1 2 3 4看关键点、易错点及解1 3 3 1P2 10 20 20 题规范．如本题可重点1 数学期望E(ξ)＝1×＋2×23 3 1＋3×＋4×＝10 20 2076.查看随机变量的所有可能值是否正确；根据分(2) 取出后放回，取球 3 次，可看作 3 次独立重复试验，所以η～B(3，1 12)，所以E(η)＝3×2＝34.布列性质检查概率是否正确.模板8函数的单调性、极值、最值问题已知函数 f (x)＝2＋12ax－a2＋1 (x∈R)．其中a∈R.x(1)当a＝1 时，求曲线y＝f(x)在点(2，f(2)) 处的切线方程；(2)当a≠0 时，求函数f(x)的单调区间与极值．审题路线图16 页）方达教育辅导教案第13 页（共规范解答示例构建答题模板方达教育辅导教案第14 页（共16 页）解(1)当a＝1 时，f(x)＝2＋1 －2x·2x2＋1 2 ＝2x 4 2 x2＋1，f(2)＝，又f′(x)＝x 5 x22－2x2＋1 2，f′(2)x＝－6.所以，曲线y＝f( x)在点(2，f(2))处的切线方程为y－2545＝－6(x－2)，即6x＋2525y 320.－＝2ax(2)f′(x)＝f (x)的导数f′(x)．注讨论．①当a＞0 时，令f′(x)＝0，得到x1＝－1a，x2＝a.意f( x)的定义域.第二步解方程：解当x 变化时，f′(x)，f (x)的变化情况如下表：f′(x)＝0，得方程的x (－∞，－1a) －1a1a，a) a (a，＋∞)(－根.第三步列表格：利f′(x) －0 ＋0 －用f′(x)＝0 的根将f(x) 极小值极大值所以f(x)在区间－∞，－1a，(a，＋∞)内为减函数，在区间－1，a 内为增函数．函af (x)定义域分成若干个小开区间，并列出数f(x)在x1＝－1a处取得极小值 f －1a1a，且f －2.函数f(x)在x2＝a 处取得极大＝－a表格.第四步得结论：从值f(a)，且f(a)＝1.②当a＜0 时，令f′(x)＝0，得到x1＝a，x2＝－1a，表格观察f(x)的单调性、极值、最值等.当x 变化时，f′(x)，f (x)的变化情况如下表：第五步再回顾：对x (－∞，a) a (a，－1a) －1a (－1a，＋∞)需讨论根的大小问题要特殊注意，另外f′(x) ＋0 －0 ＋观察f(x)的间断点及f(x) 极大值极小值1所以f(x)在区间(－∞，a)，－，＋∞内为增函数，在区间a，－a 1a内为减函数．函步骤规范性.数f(x)在x1＝a 处取得极大值f(a)，且f(a)＝1.函数f( x)在x2＝－1a处取得极小值f(－1a)，且f －1a2.＝－a2x－be－2x－cx( a，b，c∈R)的导函数f′(x)为偶函数，且曲线y＝f (x) (2014重·庆)已知函数f(x)＝ae在点(0，f(0))处的切线的斜率为4－c.方达教育辅导教案第15 页（共16 页）方达教育个性化一对一辅导学海方舟，教以达人(1)确定a，b 的值；(2)若c＝3，判断f(x)的单调性；(3)若f(x)有极值，求 c 的取值范围．解(1)对f(x)求导，得f′(x)＝2ae2x＋2b e－2x－c，由f′(x)为偶函数，知f′(－x)＝f′(x)恒成立，即2(a－b) ·(e)＝0 恒成立，所以a＝b.2x－e－2x又f′(0)＝2a＋2b－c＝4－c，故a＝1，b＝1.2x－e－2x－3x，那么 (2)当c＝3 时，f( x)＝e2x＋2e －2x－3＝1>0，f′(x)＝2e－2x－3≥ 2 2e2x·2e故f(x)在R上为增函数．2x＋2e－2x－c，而2e2x＋2e(3)由(1)知f′( x)＝2e－2x≥ 2 2e2x·2e－2x＝4，当x＝0 时等号成立．下面分三种情况进行讨论．当c<4 时，对任意x∈R，f′( x)＝2e2x＋2e－2x－c>0，此时f(x)无极值；当c＝4 时，对任意x≠0，f′(x)＝2e2x＋2e－2x－4>0，此时f(x)无极值；当c>4 时，令e－c＝0 有两根t1,2＝2x＝t，注意到方程2t＋22x＝t，注意到方程2t＋2t2－16c±c>0，即f′(0)＝0 有两个根4x1＝1 1ln t1，x2＝ln t2.当x1<x<x2 时，f′(x)<0；2 2又当x>x2 时，f′(x)>0，从而f( x)在x＝x2 处取得极小值．综上，若f(x)有极值，则c的取值范围为(4，＋∞)．16 页）方达教育辅导教案第16 页（共。
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解答题的八个答题模板【模板特征概述】数学解答题是高考数学试卷中的一类重要题型，通常是高考的把关题和压轴题，具有较好的区分层次和选拔功能．目前的高考解答题已经由单纯的知识综合型转化为知识、方法和能力的综合型解答题．在高考考场上，能否做好解答题，是高考成败的关键，因此，在高考备考中学会怎样解题，是一项重要的内容．本节以著名数学家波利亚的《怎样解题》为理论依据，结合具体的题目类型，来谈一谈解答数学解答题的一般思维过程、解题程序和答题格式，即所谓的“答题模板”．“答题模板”就是首先把高考试题纳入某一类型，把数学解题的思维过程划分为一个个小题，按照一定的解题程序和答题格式分步解答，即化整为零．强调解题程序化，答题格式化，在最短的时间内拟定解决问题的最佳方案，实现答题效率的最优化．模板1 三角变换与三角函数的性质问题已知函数f (x )＝2cos x ·sin ⎝⎛⎭⎫x ＋π3－3sin 2x ＋sin x cos x ＋1. (1)求函数f (x )的最小正周期；(2)求函数f (x )的最大值及最小值；(3)写出函数f (x )的单调递增区间．审题路线图 不同角化同角→降幂扩角→化f (x )＝A sin(ωx ＋φ)＋h →结合性质求解．(2014·福建)已知函数f (x )＝cos x (sin x ＋cos x )－12.(1)若0<α<π2，且sin α＝22，求f (α)的值；(2)求函数f (x )的最小正周期及单调递增区间． 解 方法一 (1)因为0<α<π2，sin α＝22，所以cos α＝22. 所以f (α)＝22×(22＋22)－12＝12. (2)因为f (x )＝sin x cos x ＋cos 2x －12＝12sin 2x ＋1＋cos 2x 2－12 ＝12sin 2x ＋12cos 2x ＝22sin(2x ＋π4)， 所以T ＝2π2＝π.由2k π－π2≤2x ＋π4≤2k π＋π2，k ∈Z ，得k π－3π8≤x ≤k π＋π8，k ∈Z .所以f (x )的单调递增区间为[k π－3π8，k π＋π8]，k ∈Z . 方法二 f (x )＝sin x cos x ＋cos 2x －12＝12sin 2x ＋1＋cos 2x 2－12 ＝12sin 2x ＋12cos 2x ＝22sin(2x ＋π4)． (1)因为0<α<π2，sin α＝22，所以α＝π4，从而f (α)＝22sin(2α＋π4)＝22sin 3π4＝12.(2)T ＝2π2＝π.由2k π－π2≤2x ＋π4≤2k π＋π2，k ∈Z ，得k π－3π8≤x ≤k π＋π8，k ∈Z .所以f (x )的单调递增区间为[k π－3π8，k π＋π8]，k ∈Z . 模板2 解三角形问题在△ABC 中，若a cos 2C 2＋c cos 2A 2＝32b .(1)求证：a ，b ，c 成等差数列； (2)求角B 的取值范围．审题路线图 (1)化简变形―→用余弦定理转化为边的关系―→变形证明 (2)用余弦定理表示角―→用基本不等式求范围―→确定角的取值范围(2014·辽宁)在△ABC 中，内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，且a >c ，已知BA →·BC→＝2，cos B ＝13，b ＝3.求：(1)a 和c 的值； (2)cos(B －C )的值．解 (1)由BA →·BC →＝2得c ·a cos B ＝2.又cos B ＝13，所以ac ＝6.由余弦定理，得a 2＋c 2＝b 2＋2ac cos B . 又b ＝3，所以a 2＋c 2＝9＋2×6×13＝13.解⎩⎪⎨⎪⎧ ac ＝6，a 2＋c 2＝13，得⎩⎪⎨⎪⎧ a ＝2，c ＝3或⎩⎪⎨⎪⎧a ＝3，c ＝2. 因为a >c ，所以a ＝3，c ＝2. (2)在△ABC 中， sin B ＝1－cos 2B ＝ 1－(13)2＝223，由正弦定理，得sin C ＝c b sin B ＝23×223＝429.因为a ＝b >c ， 所以C 为锐角， 因此cos C ＝1－sin 2C ＝1－(429)2＝79.于是cos(B －C )＝cos B cos C ＋sin B sin C ＝13×79＋223×429＝2327. 模板3 数列的通项、求和问题(2014·江西)已知首项都是1的两个数列{a n }，{b n }(b n ≠0，n ∈N *)满足a n b n ＋1－a n ＋1b n＋2b n ＋1b n ＝0.(1)令c n ＝a nb n ，求数列{a n }的通项公式；(2)若b n ＝3n －1，求数列{a n }的前n 项和S n .审题路线图 (1)a n b n ＋1－a n ＋1b n ＋2b n ＋1b n ＝0→a n ＋1b n ＋1－a nb n＝2→c n ＋1－c n ＝2→c n ＝2n －1 (2)c n ＝2n －1→a n ＝(2n －1)·3n－1――→错位相减法得S n已知点⎝⎛⎭⎫1，13是函数f (x )＝a x (a >0，且a ≠1)的图象上的一点．等比数列{a n }的前n 项和为f (n )－c .数列{b n } (b n >0)的首项为c ，且前n 项和S n 满足S n －S n －1＝S n ＋S n －1 (n ≥2)． (1)求数列{a n }和{b n }的通项公式；(2)若数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1b n b n ＋1的前n 项和为T n ，问满足T n >1 0012 012的最小正整数n 是多少？解 (1)∵f (1)＝a ＝13，∴f (x )＝⎝⎛⎭⎫13x . 由题意知，a 1＝f (1)－c ＝13－c ，a 2＝[f (2)－c ]－[f (1)－c ]＝－29，a 3＝[f (3)－c ]－[f (2)－c ]＝－227. 又数列{a n }是等比数列， ∴a 1＝a 22a 3＝481－227＝－23＝13－c ，∴c ＝1.又公比q ＝a 2a 1＝13，∴a n ＝－23·⎝⎛⎭⎫13n －1＝－2·⎝⎛⎭⎫13n (n ∈N *)． ∵S n －S n －1＝(S n －S n －1)(S n ＋S n －1) ＝S n ＋S n －1 (n ≥2)．又b n >0，S n >0，∴S n －S n －1＝1.∴数列{S n }构成一个首项为1、公差为1的等差数列， S n ＝1＋(n －1)×1＝n ，即S n ＝n 2.当n ≥2时，b n ＝S n －S n －1＝n 2－(n －1)2＝2n －1， 当n ＝1时，b 1＝1也适合此通项公式．∴b n ＝2n －1 (n ∈N *)．(2)T n ＝1b 1b 2＋1b 2b 3＋1b 3b 4＋…＋1b n b n ＋1＝11×3＋13×5＋15×7＋…＋1(2n －1)×(2n ＋1)＝12×⎝⎛⎭⎫1－13＋12×⎝⎛⎭⎫13－15＋12×⎝⎛⎭⎫15－17＋…＋12×⎝⎛⎭⎫12n －1－12n ＋1＝12×⎝⎛⎭⎫1－12n ＋1＝n2n ＋1.由T n ＝n 2n ＋1>1 0012 012，得n >1 00110，∴满足T n >1 0012 012的最小正整数n 的值为101.模板4 利用空间向量求角问题(2014·山东)如图，在四棱柱ABCD －A 1B 1C 1D 1中，底面ABCD是等腰梯形，∠DAB ＝60°，AB ＝2CD ＝2，M 是线段AB 的中点． (1)求证：C 1M ∥平面A 1ADD 1；(2)若CD 1垂直于平面ABCD 且CD 1＝3，求平面C 1D 1M 和平面ABCD 所成的角(锐角)的余弦值．审题路线图 (1)M 是AB 中点，四边形ABCD 是等腰梯形――→AB ＝2CDCD ∥AM CD ＝AM ⇒▱AMC 1D 1→C 1M ∥平面A 1ADD 1(2)CA ，CB ，CD 1两两垂直→建立空间直角坐标系，写各点坐标→求平面ABCD 的法向量→将所求两个平面所成的角转化为两个向量的夹角，C1D1＝MA，所以四所以C1M∥平面A1ADD1. 所示的空间直角坐标系C－xyz，所以如图所示，在直三棱柱A 1B 1C 1－ABC 中，AB ⊥AC ，AB ＝AC ＝2，A 1A ＝4，点D是BC 的中点．(1)求异面直线A 1B 与C 1D 所成角的余弦值； (2)求平面ADC 1与平面ABA 1所成二面角的正弦值．解 (1)以A 为坐标原点，分别以AB →，AC →，AA 1→为x 轴，y 轴，z 轴的正方向建立空间直角坐标系A －xyz ，则A (0,0,0)，B (2,0,0)，C (0,2,0)，A 1(0,0,4)，D (1,1,0)，C 1(0,2,4)． 所以A 1B →＝(2,0，－4)，C 1D →＝(1，－1，－4)． 所以cos 〈A 1B →，C 1D →〉＝A 1B →·C 1D →|A 1B →|×|C 1D →|＝1820×18＝31010.所以异面直线A 1B 与C 1D 所成角的余弦值为31010.(2)由题意，知AC →＝(0,2,0)是平面ABA 1的一个法向量． 设平面ADC 1的法向量为m ＝(x ，y ，z )，因为AD →＝(1,1,0)，AC 1→＝(0,2,4)，由m ⊥AD →，m ⊥AC 1→，得⎩⎪⎨⎪⎧x ＋y ＝0，2y ＋4z ＝0.取z ＝1，得y ＝－2，x ＝2，所以平面ADC 1的一个法向量为m ＝(2，－2,1)． 设平面ADC 1与平面ABA 1所成二面角为θ，所以|cos θ|＝|cos 〈AC →，m 〉|＝|AC →·m |AC →|×|m ||＝|－42×3|＝23，得sin θ＝53.所以平面ADC 1与平面ABA 1所成二面角的正弦值为53. 模板5 圆锥曲线中的范围问题椭圆C 的中心为坐标原点O ，焦点在y 轴上，短轴长为2，离心率为22，直线l 与y 轴交于点P (0，m )，与椭圆C 交于相异两点A ，B ，且AP →＝3PB →. (1)求椭圆C 的方程； (2)求m 的取值范围．审题路线图 (1)设方程→解系数→得结论(2)设l ：y ＝kx ＋m →l ，c 相交Δ>0得m ，k 的不等式→AP →＝3PB →→得m ，k 关系式→代入m ，k 的不等式消k →得m 范围已知双曲线x 2a 2－y 2b2＝1(a >1，b >0)的焦距为2c ，直线l 过点(a,0)和(0，b )，且点(1,0)到直线l 的距离与点(－1,0)到直线l 的距离之和s ≥45c ，求双曲线的离心率e 的取值范围．解 设直线l 的方程为x a ＋yb＝1，即bx ＋ay －ab ＝0.由点到直线的距离公式，且a >1，得到点(1,0)到直线l 的距离d 1＝b (a －1)a 2＋b 2， 同理可得点(－1,0)到直线l 的距离为d 2＝b (a ＋1)a 2＋b 2，于是s ＝d 1＋d 2＝2ab a 2＋b 2＝2abc .由s ≥45c ，得2ab c ≥45c ，即5a c 2－a 2≥2c 2，可得5e 2－1≥2e 2，即4e 4－25e 2＋25≤0， 解得54≤e 2≤5.由于e >1，故所求e 的取值范围是⎣⎡⎦⎤52，5. 模板6 解析几何中的探索性问题已知定点C (－1,0)及椭圆x 2＋3y 2＝5，过点C 的动直线与椭圆相交于A ，B 两点．(1)若线段AB 中点的横坐标是－12，求直线AB 的方程；(2)在x 轴上是否存在点M ，使MA →·MB →为常数？若存在，求出点M 的坐标；若不存在，请说明理由．审题路线图 设AB 的方程y ＝k (x ＋1)→待定系数法求k →写出方程；设M 存在即为(m,0)→求MA →·MB →→在MA →·MB →为常数的条件下求m .(2014·福建)已知双曲线E ：x 2a 2－y 2b2＝1(a >0，b >0)的两条渐近线分别为l 1：y ＝2x ，l 2：y ＝－2x . (1)求双曲线E 的离心率．(2)如图，O 为坐标原点，动直线l 分别交直线l 1，l 2于A ，B 两点(A ，B 分别在第一、四象限)，且△OAB 的面积恒为8.试探究：是否存在总与直线l有且只有一个公共点的双曲线E ？若存在，求出双曲线E 的方程；若不存在，说明理由． 解 (1)因为双曲线E 的渐近线分别为y ＝2x ，y ＝－2x ，所以ba ＝2，所以c 2－a 2a ＝2，故c ＝5a ，从而双曲线E 的离心率e ＝ca＝ 5.(2)方法一 由(1)知，双曲线E 的方程为x 2a 2－y 24a 2＝1.设直线l 与x 轴相交于点C .当l ⊥x 轴时，若直线l 与双曲线E 有且只有一个公共点， 则|OC |＝a ，|AB |＝4a . 又因为△OAB 的面积为8， 所以12|OC |·|AB |＝8，因此12a ·4a ＝8，解得a ＝2，此时双曲线E 的方程为x 24－y 216＝1.若存在满足条件的双曲线E ， 则E 的方程只能为x 24－y 216＝1.以下证明：当直线l 不与x 轴垂直时， 双曲线E ：x 24－y 216＝1也满足条件．设直线l 的方程为y ＝kx ＋m ，依题意， 得k >2或k <－2，则C (－mk ，0)．记A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)．由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，y ＝2x ，得y 1＝2m 2－k ，同理，得y 2＝2m 2＋k .由S △OAB ＝12|OC |·|y 1－y 2|，得12|－m k |·|2m 2－k －2m 2＋k|＝8， 即m 2＝4|4－k 2|＝4(k 2－4)． 由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，x 24－y 216＝1，得(4－k 2)x 2－2kmx －m 2－16＝0. 因为4－k 2<0，所以Δ＝4k 2m 2＋4(4－k 2)(m 2＋16) ＝－16(4k 2－m 2－16)． 又因为m 2＝4(k 2－4)，所以Δ＝0，即l 与双曲线E 有且只有一个公共点．因此，存在总与l 有且只有一个公共点的双曲线E ，且E 的方程为x 24－y 216＝1.方法二 由(1)知，双曲线E 的方程为x 2a 2－y 24a 2＝1.设直线l 的方程为x ＝my ＋t ，A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)． 依题意得－12<m <12.由⎩⎪⎨⎪⎧x ＝my ＋t ，y ＝2x ，得y 1＝2t1－2m ，同理，得y 2＝－2t1＋2m.设直线l 与x 轴相交于点C ，则C (t,0)． 由S △OAB ＝12|OC |·|y 1－y 2|＝8，得12|t |·⎪⎪⎪⎪2t1－2m ＋2t 1＋2m ＝8. 所以t 2＝4|1－4m 2|＝4(1－4m 2)． 由⎩⎪⎨⎪⎧x ＝my ＋t ，x 2a 2－y 24a 2＝1， 得(4m 2－1)y 2＋8mty ＋4(t 2－a 2)＝0.因为4m 2－1<0，直线l 与双曲线E 有且只有一个公共点当且仅当Δ＝64m 2t 2－16(4m 2－1)(t 2－a 2)＝0，即4m 2a 2＋t 2－a 2＝0， 即4m 2a 2＋4(1－4m 2)－a 2＝0， 即(1－4m 2)(a 2－4)＝0， 所以a 2＝4，因此，存在总与l 有且只有一个公共点的双曲线E ， 且E 的方程为x 24－y 216＝1.方法三 当直线l 不与x 轴垂直时，设直线l 的方程为y ＝kx ＋m ，A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)． 依题意，得k >2或k <－2.由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，4x 2－y 2＝0， 得(4－k 2)x 2－2kmx －m 2＝0.因为4－k 2<0，Δ>0，所以x 1x 2＝－m 24－k 2.又因为△OAB 的面积为8， 所以12|OA |·|OB |·sin ∠AOB ＝8，又易知sin ∠AOB ＝45，所以25x 21＋y 21·x 22＋y 22＝8，化简，得x 1x 2＝4.所以－m 24－k 2＝4，得m 2＝4(k 2－4)． 由(1)得双曲线E 的方程为x 2a 2－y 24a 2＝1，由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，x 2a 2－y 24a2＝1， 得(4－k 2)x 2－2kmx －m 2－4a 2＝0.因为4－k 2<0，直线l 与双曲线E 有且只有一个公共点当且仅当Δ＝4k 2m 2＋4(4－k 2)(m 2＋4a 2)＝0，即(k 2－4)(a 2－4)＝0，所以a 2＝4， 所以双曲线E 的方程为x 24－y 216＝1.当l ⊥x 轴时，由△OAB 的面积等于8可得l ：x ＝2，又易知l ：x ＝2与双曲线E ：x 24－y 216＝1有且只有一个公共点．综上所述，存在总与l 有且只有一个公共点的双曲线E ，且E 的方程为x 24－y 216＝1.模板7 离散型随机变量的均值与方差甲、乙两人参加某电视台举办的答题闯关游戏，按照规则，甲先从6道备选题中一次性抽取3道题独立作答，然后由乙回答剩余3题，每人答对其中2题就停止答题，即闯关成功．已知在6道备选题中，甲能答对其中的4道题，乙答对每道题的概率都是23.(1)求甲、乙至少有一人闯关成功的概率；(2)设甲答对题目的个数为ξ，求ξ的分布列及均值． 审题路线图 (1)标记事件→对事件分解→计算概率 (2)确定ξ取值→计算概率→得分布列→求数学期望(2014·江西)随机将1,2，…，2n (n ∈N *，n ≥2)这2n 个连续正整数分成A ，B 两组，每组n 个数，A 组最小数为a 1，最大数为a 2，B 组最小数为b 1，最大数为b 2，记ξ＝a 2－a 1，η＝b 2－b 1.(1)当n ＝3时，求ξ的分布列和数学期望；(2)令C 表示事件“ξ与η的取值恰好相等”，求事件C 发生的概率P (C )；(3)对(2)中的事件C ，C 表示C 的对立事件，判断P (C )和P (C )的大小关系，并说明理由． 解 (1)当n ＝3时，ξ的所有可能取值为2,3,4,5.将6个正整数平均分成A ，B 两组，不同的分组方法共有C 36＝20(种)，所以ξ的分布列为E (ξ)＝2×15＋3×310＋4×310＋5×15＝72.(2)ξ和η恰好相等的所有可能取值为n －1，n ，n ＋1，…，2n －2. 又ξ和η恰好相等且等于n －1时，不同的分组方法有2种； ξ和η恰好相等且等于n 时，不同的分组方法有2种；ξ和η恰好相等且等于n ＋k (k ＝1,2，…，n －2)(n ≥3)时，不同的分组方法有2C k 2k 种； 所以当n ＝2时，P (C )＝46＝23；当n ≥3时，P (C )＝2(2＋∑k ＝1n －2C k 2k )C n 2n.(3)由(2)，当n ＝2时，P (C )＝13，因此P (C )>P (C )．而当n ≥3时，P (C )<P (C )．理由如下：P (C )<P (C )等价于4(2＋∑k ＝1n －2C k 2k )<C n2n .①用数学归纳法来证明：1°当n ＝3时，①式左边＝4(2＋C 12)＝4(2＋2)＝16， ①式右边＝C 36＝20，所以①式成立． 2°假设n ＝m (m ≥3)时①式成立，即4(2＋∑k ＝1m －2C k 2k )<C m 2m 成立，那么，当n ＝m ＋1时，左边＝4(2＋∑k ＝1m ＋1－2C k 2k )＝4(2＋∑k ＝1m －2C k 2k )＋4C m －12(m －1)<C m 2m ＋4C m －12(m －1)＝(2m )！m ！m ！＋4·(2m －2)！(m －1)！(m －1)！＝(m ＋1)2(2m )(2m －2)！(4m －1)(m ＋1)！(m ＋1)！<(m ＋1)2(2m )(2m －2)！(4m )(m ＋1)！(m ＋1)！＝C m ＋12(m ＋1)·2(m ＋1)m (2m ＋1)(2m －1)<C m ＋12(m ＋1)＝右边， 即当n ＝m ＋1时①式也成立．综合1°，2°得：对于n ≥3的所有正整数，都有P (C )<P (C )成立．模板8 函数的单调性、极值、最值问题已知函数f (x )＝2ax －a 2＋1x 2＋1(x ∈R )．其中a ∈R .(1)当a ＝1时，求曲线y ＝f (x )在点(2，f (2))处的切线方程； (2)当a ≠0时，求函数f (x )的单调区间与极值． 审题路线图(2014·重庆)已知函数f (x )＝a e 2x －b e－2x－cx (a ，b ，c ∈R )的导函数f ′(x )为偶函数，且曲线y ＝f (x )在点(0，f (0))处的切线的斜率为4－c . (1)确定a ，b 的值；(2)若c ＝3，判断f (x )的单调性； (3)若f (x )有极值，求c 的取值范围． 解 (1)对f (x )求导，得f ′(x )＝2a e 2x ＋2b e－2x－c ，由f ′(x )为偶函数，知f ′(－x )＝f ′(x )恒成立，即2(a －b )·(e 2x －e －2x)＝0恒成立，所以a ＝b .又f ′(0)＝2a ＋2b －c ＝4－c ，故a ＝1，b ＝1. (2)当c ＝3时，f (x )＝e 2x －e －2x－3x ，那么f ′(x )＝2e 2x ＋2e－2x－3≥22e 2x ·2e－2x－3＝1>0，故f (x )在R 上为增函数． (3)由(1)知f ′(x )＝2e 2x ＋2e－2x－c ，而2e 2x ＋2e－2x≥22e 2x ·2e－2x＝4，当x ＝0时等号成立．下面分三种情况进行讨论．当c <4时，对任意x ∈R ，f ′(x )＝2e 2x ＋2e－2x－c >0，此时f (x )无极值； 当c ＝4时，对任意x ≠0，f ′(x )＝2e 2x ＋2e－2x－4>0，此时f (x )无极值；当c >4时，令e 2x＝t ，注意到方程2t ＋2t －c ＝0有两根t 1,2＝c ±c 2－164>0，即f ′(0)＝0有两个根x 1＝12ln t 1，x 2＝12ln t 2.当x 1<x <x 2时，f ′(x )<0；又当x >x 2时，f ′(x )>0，从而f (x )在x ＝x 2处取得极小值．综上，若f (x )有极值，则c 的取值范围为(4，＋∞)．。