浙江高考数列经典例题汇总

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浙江省历年高考数列大题总汇(题目及答案)

浙江省历年高考数列大题总汇(题目及答案)

浙江省历年高考数列大题总汇(题目及答案)1已知二次函数y?f(x)的图像经过坐标原点,其导函数为f?(x)?6x?2。

数列项和为Sn,点(n,Sn)(n?N 求数列*?an?的前n)均在函数y?f(x)的图像上。

?an?的通项公式;m3*,Tn是数列?bn?的前n项和,求使得Tn?对所有n?N都成立的最小20anan?1设bn正整数m。

?2. 己知各项均不相等的等差数列{an}的前四项和S4=14,且a1,a3,a7成等比数列.求数列{an}的通项公式;设Tn为数列?小值. 3. 设数列?an?的前n项和为Sn,已知a1?1,a2?6,a3?11,且?1?*对?n?N恒成立,求实数?的最?的前n项和,若Tn≤?an?1¨?anan?1?(5n?8)Sn?1?(5n?2)Sn?An?B,n?1,2,3,?,其中A、B 为常数.(Ⅰ) 求A与B的值;(Ⅱ)证明数列?an?为等差数列;(Ⅲ) 证明不等式5amn?aman?1对任何正整数m、n都成立. 4. 已知数列?an?,?bn?满足a1?3,anbn?2,bn?1?an(bn?求证:数列{2),n?N*.1?an1}是等差数列,并求数列?bn?的通项公式;bn111,,成等差数列?若存在,试用p 表示q,r;若不crcqcp设数列?cn?满足cn?2an?5,对于任意给定的正整数p,是否存在正整数q,r(p?q?r),使得存在,说明理. 5. 已知函数f(x)?x?a?lnx (a?0). (1)若a?1,求f(x)的单调区间及f(x)的最小值;(2)若a?0,求f(x)的单调区间;ln22ln32lnn2(n?1)(2n?1)*?2???2与(3)试比较的大小(n?N且n?2),并证明22(n?1)23n你的结论.6已知f(x)?(x?1)2,g(x)?10(x?1),数列{an}满足(an?1?an)g(an)?f(an)?0,9(n?2)(an?1) 10a1?2,bn?求数列{an}的通项公式;(Ⅱ)求数列{bn}中最大项.7. 设k?R,函数f(x)?ex?(1?x?kx2)(x?0).若k?1,试求函数f(x)的导函数f?(x)的极小值;若对任意的t?0,存在s?0,使得当x?(0,s)时,都有取值范围. f(x)?tx2,求实数k的8. 已知等差数列{an}的公差不为零,且a3 =5, a1 , 成等比数列(I)求数列{an}的通项公式:(II)若数列{bn}满足b1+2b2+4b3+…+2nbn=an且数列{bn}的前n项和Tn 试比较Tn与-1 3n?1的大小n?19. 已知函数f(x)?12x?(2a?2)x?(2a?1)lnx 2(I )求f(x)的单调区间;(II)对任意的a?[,],x1,x2?[1,2],恒有|f(x1)|?f(x2)??|数?的取值范围. 352211?|,求正实x1x2 1. 解:依题意可设f(x)?ax2?bx(a?0),则f`(x)?2ax?b f`(x)?6x?2 得a?3,b??2,所以f(x)?3x2?2x. 又点(n,Sn)(n?N*) 均在函数y?f(x)的图像上得Sn22?3n2?2n 当n?2时an?Sn?Sn?1?3n?2n???3(n?1)?2(n?1)???6n ?5 当n?1时a1所以an?S1?3?12?2?1?6?1?5 ?6n?5(n?N*)?33111??(?), anan?1(6n?5)?6(n?1)?5?26n?56n?1得bn 故,Tn?111?11111??(1?). =(1?)?(?)?????(?)??26n?12?77136n?56n?1 ?1m11m,即m?10 (1?)?(n?N*)成立的m必须且必须满足?22026n?120因此使得故满足最小的正整数m为10 ?4a1?6d?142. 设公差为d.已知得?....................................3分2?(a1?2d)?a1(a1?6d)解得d?1或d?0(舍去),所以a1?2,故an?n?1 (6)分?1111???,anan?1(n?1)(n?2)n?1n?211n1111?? (9)分?Tn?????…?n?1n?22(n?2)2334n≤?(n+ 2)对?n?N?恒成立?Tn≤?an?1对?n?N?恒成立,即2(n?2)n111?≤?又242(n?2)2(n??4)2(4?4)16n1∴?的最小值为……………………………………………………………12分163. 解:(Ⅰ)a1?1,a2?6,a3?11,得S1?1,S2?2,S3?18.把n?1,2分别代入(5n?8)Sn?1?(5n?2)Sn?An?B,得?解得,A??20,B??8.(Ⅱ)(Ⅰ)知,5n(Sn?1?Sn)?8Sn?1?2Sn??20n?8,即?A?B??28, 2A?B??48?5nan?1?8Sn?1?2Sn??20n?8,①又5(n?1)an?2?8Sn?2?2Sn?1??20(n?1)?8.②②-①得,5(n?1)an?2?5nan?1?8an?2?2an?1??20,即(5n?3)an?2?(5n?2)an?1??20.又(5n?2)an?3?(5n?7)an?2??20.③④④-③得,(5n?2)(an?3?2an?2?an?1)?0,∴an?3?2an?2?an?1?0,∴an?3?an?2?an?2?an?1???a3?a2?5,又a2?a1?5,因此,数列?an?是首项为1,公差为5的等差数列.(Ⅲ)(Ⅱ)知,an?5n?4,(n?N?).考虑5amn?5(5mn?4)?25mn?20.(aman?1)2?aman?2aman?1?aman?am?an?1?25mn?15(m?n)?9.∴5amn?(aman?1)2厖15(m?n)?2915?2?29?1?0.即5amn?(aman?1)2,∴5amn?aman?1.因此,5amn?aman?1. 4. 因为anbn?2,所以an?2,bn42anb2bn4则bn?1?anbn?, (2)分?2?n?2??21?anbn?2bn?21?bn所以111??,bn?1bn2又a1?3,所以b1?即?1?231,故??是首项为,公差为的等差数列,……4分322?bn?131n?22??(n?1)??,所以bn?.………………………6分bn222n?2知an?n?2,所以cn?2an?5?2n?1,①当p?1时,cp?c1?1,cq?2q?1,cr?2r?1,若12111?1?,,成等差数列,则,2q?12r?1crcqcp21?1,1??1,2q?12r?1因为p?q?r,所以q≥2,r≥3,所以不成立.………………………...9分②当p≥2时,若则111,,成等差数列,crcqcp2111214p?2q?1?????,所以,2q?12p?12r?12r?12q?12p?1(2p?1)(2q?1)( 2p?1)(2q?1)2pq?p?2q,所以r?,...........................12分4p?2q?14p?2q?1222即2r?1?欲满足题设条件,只需q?2p?1,此时r?4p?5p?2,..................14分因为p≥2,所以q?2p?1?p,r?q?4p?7p?3?4(p?1)?p?1?0,即r?q...............................15分综上所述,当p?1时,不存在q,r满足题设条件;当p≥2时,存在q?2p?1,r?4p?5p?2,满足题设条件. (16)分 5. (1) 当x?1时,f(x)?x?1?lnx ,f(x)?1?,,21?(x)在?1,???上是递增. x1?(x)在?0,1?上是递减. x故a?1时, f(x)的增区间为?1,???,减区间为?0,1?,f(x)min?f(1)?0. ………4分当0?x?1时,f(x)?x?1?lnx,f(x)??1?(2)○1若a?1, 当x?a时,f(x)?x?a?lnx,f(x)?1?是递增的; 当0?x?a时,f(x)?a?x?lnx, f(x)??1?,, 1x?1??0,则f(x)在区间?a,???上xx1?0,则f(x)在区间?0,a?上是递x减的 (6)分2若0?a?1, ○当x?a时, f(x)?x?a?lnx, f(x)?1?,1x?1,?,x?1,f(x)?0 ; xxa?x?1,f,(x)?0. 则f(x)在?1,???上是递增的, f(x)在?a,1?上是递减的; 当0?x?a时,f(x)?a?x?lnx, f(x)??1?,f(x)在区间?0,a?上是递减的,而f(x)在x?a处有意义;则1?0 x f?x?在区间1,???上是递增的,在区间?0,1?上是递减的 (8)分??a,???,递减区间是?0,a?; 当0?a?1,f(x)的递增区间是?1,???,递减区间是?0,1?综上: 当a?1时, f(x)的递增区间是………9分lnx1?1? (3)(1)可知,当a?1,x?1时,有x?1?lnx?0,即xxln22ln32lnn2?2???2 则有223n?1?111111?1????1??n?1?(????)…………12分22222223n23n ?n?1?(111????2?33?4n(n?1)111111?n?1?(???????)2334nn?111(n?1)(2n?1)?n?1?(?)=2n?12(n?1)ln22ln32lnn2(n?1)(2n?1)?2??? 2?故:.............15分2(n?1)223n 6. 题意:(an?1?an)?10(an?1)?(an?1)2?0 ?1)(1 0an?1?9an?1)?0.........3分经化简变形得:(an?an?1,?10an?1变形得:?9an?1?0 (5)分an?1?19? an?1109为公比的等比数列。

数列真题(含答案)

数列真题(含答案)

数列真题演练一、选择题1、【2017年高考全国I 卷理数】记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.若4524a a +=,648S =,则{}n a 的公差为A .1B .2C .4D .8 2、【2017年高考全国I 卷理数】几位大学生响应国家的创业号召,开发了一款应用软件.为激发大家学习数学的兴趣,他们推出了“解数学题获取软件激活码”的活动.这款软件的激活码为下面数学问题的答案:已知数列1,1,2,1,2,4,1,2,4,8,1,2,4,8,16,…,其中第一项是20,接下来的两项是20,21,再接下来的三项是20,21,22,依此类推.求满足如下条件的最小整数N :N >100且该数列的前N 项和为2的整数幂.那么该款软件的激活码是 A .440 B .330 C .220 D .110 3、【2017年高考全国II 卷理数】我国古代数学名著《算法统宗》中有如下问题:“远望巍巍塔七层,红光点点倍加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?”意思是:一座7层塔共挂了381盏灯,且相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的2倍,则塔的顶层共有灯 A .1盏 B .3盏 C .5盏 D .9盏 4、【2017年高考全国III 卷理数】等差数列{}n a 的首项为1,公差不为0.若a 2,a 3,a 6成等比数列,则{}n a 前6项的和为A .24-B .3-C .3D .8 5、【2017年高考浙江卷】已知等差数列{a n }的公差为d ,前n 项和为S n ,则“d >0”是“S 4 + S 6>2S 5”的A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件6、【2018年高考全国I 卷理数】设n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,若3243S S S =+,12a =,则5a = A .12- B .10- C .10D .127、【2018年高考浙江卷】已知1234,,,a a a a 成等比数列,且1234123ln()a a a a a a a +++=++.若11a >,则A .1324,a a a a <<B .1324,a a a a ><C .1324,a a a a <>D .1324,a a a a >>8、【2019年高考全国I 卷理数】记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.已知4505S a ==,,则A .25n a n =-B .310n a n =-C .228n S n n =-D .2122n S n n =- 9、【2019年高考全国III 卷理数】已知各项均为正数的等比数列{}n a 的前4项和为15,且53134a a a =+,则3a =A .16B .8C .4D .210、【2019年高考浙江卷】设a ,b ∈R ,数列{a n }满足a 1=a ,a n +1=a n 2+b ,n *∈N ,则 A . 当101,102b a => B . 当101,104b a => C . 当102,10b a =-> D . 当104,10b a =->二、填空题1、【2017年高考全国II 卷理数】等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,33a =,410S =,则11nk kS ==∑___________. 2、【2017年高考全国III 卷理数】设等比数列{}n a 满足a 1 + a 2 = –1, a 1 – a 3 = –3,则a 4=___________.3、【2018年高考全国I 卷理数】记n S 为数列{}n a 的前n 项和,若21n n S a =+,则6S =___________.4、【2019年高考全国I 卷理数】记S n 为等比数列{a n }的前n 项和.若214613a a a ==,,则S 5=___________.5、【2019年高考全国III 卷理数】记S n 为等差数列{a n }的前n 项和,12103a a a =≠,,则105S S =___________.三、解答题1、【2017年高考浙江卷】已知数列{x n }满足:x 1=1,x n =x n +1+ln(1+x n +1)(n *∈N ).证明:当n *∈N 时, (1)0<x n +1<x n ;(2)2x n +1− x n ≤12n n x x +; (3)112n -≤x n ≤212n -.2、【2018年高考全国II 卷理数】记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,已知17a =-,315S =-.(1)求{}n a 的通项公式; (2)求n S ,并求n S 的最小值.3、【2018年高考全国III 卷理数】等比数列{}n a 中,15314a a a ==,.(1)求{}n a 的通项公式;(2)记n S 为{}n a 的前n 项和.若63m S =,求m .4、【2018年高考浙江卷】已知等比数列{a n }的公比q >1,且a 3+a 4+a 5=28,a 4+2是a 3,a 5的等差中项.数列{b n }满足b 1=1,数列{(b n +1−b n )a n }的前n 项和为2n 2+n . (1)求q 的值;(2)求数列{b n }的通项公式.5、【2019年高考全国II 卷理数】已知数列{a n }和{b n }满足a 1=1,b 1=0,1434n n n a a b +-=+,1434n n n b b a +-=-.(1)证明:{a n +b n }是等比数列,{a n –b n }是等差数列; (2)求{a n }和{b n }的通项公式.6、【2019年高考浙江卷】设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,34a =,43a S =,数列{}n b 满足:对每个12,,,n n n n n n n S b S b S b *++∈+++N 成等比数列.(1)求数列{},{}n n a b 的通项公式; (2)记,n c n *=∈N证明:12+.n c c c n *++<∈N7、【2020年高考浙江卷】已知数列{a n },{b n },{c n }满足1111121,,,nn n n n n n b a b c c a a c c n b +++====-=∈*N . (Ⅰ)若{b n }为等比数列,公比0q >,且1236b b b +=,求q 的值及数列{a n }的通项公式; (Ⅱ)若{b n }为等差数列,公差0d >,证明:*12311,n c c c c n d++++<+∈N . 8、【2020年高考全国I 卷理数】设{}n a 是公比不为1的等比数列,1a 为2a ,3a 的等差中项.(1)求{}n a 的公比;(2)若11a =,求数列{}n na 的前n 项和.数列真题演练答案一、选择题1、【答案】C【解析一】设公差为d ,45111342724a a a d a d a d +=+++=+=,611656615482S a d a d ⨯=+=+=,联立112724,61548a d a d +=⎧⎨+=⎩解得4d =,故选C . 【解析二】因为166346()3()482a a S a a +==+=,即3416a a +=, 则4534()()24168a a a a +-+=-=,即5328a a d -==,解得4d =,故选C . 【名师点睛】求解等差数列基本量问题时,要多多使用等差数列的性质,如{}n a 为等差数列,若m n p q +=+,则m n p q a a a a +=+. 2、【答案】A【解析】由题意得,数列如下: 11,1,2,1,2,4,1,2,4,,2k-则该数列的前(1)122k k k ++++=项和为 11(1)1(12)(122)222k k k k S k -++⎛⎫=+++++++=-- ⎪⎝⎭, 要使(1)1002k k +>,有14k ≥,此时122k k ++<,所以2k +是第1k +组等比数列1,2,,2k 的部分和,设1212221t t k -+=+++=-,所以2314t k =-≥,则5t ≥,此时52329k =-=,所以对应满足条件的最小整数293054402N ⨯=+=,故选A.【名师点睛】本题非常巧妙地将实际问题和数列融合在一起,首先需要读懂题目所表达的具体含义,以及观察所给定数列的特征,进而判断出该数列的通项和求和.另外,本题的难点在于数列里面套数列,第一个数列的和又作为下一个数列的通项,而且最后几项并不能放在一个数列中,需要进行判断. 3、【答案】B【解析】设塔的顶层共有灯x 盏,则各层的灯数构成一个首项为x ,公比为2的等比数列,结合等比数列的求和公式有7(12)38112x -=-,解得3x =,即塔的顶层共有灯3盏,故选B . 4、【答案】A【解析】设等差数列{}n a 的公差为d ,由a 2,a 3,a 6成等比数列可得2326a a a =,即()()()212115d d d +=++,整理可得220d d +=,又公差不为0,则2d =-,故{}n a 前6项的和为()()()6166166166122422S a d ⨯-⨯-=+=⨯+⨯-=-.故选A . 5、【答案】C【解析】由46511210212(510)S S S a d a d d +-=+-+=,可知当0d >时,有46520S S S +->,即4652S S S +>,反之,若4652S S S +>,则0d >,所以“d >0”是“S 4 + S 6>2S 5”的充要条件,选C .6、【答案】B【解析】设等差数列的公差为d ,根据题中的条件可得3243332224222d d d ⨯⨯⎛⎫⨯+⋅=⨯++⨯+⋅ ⎪⎝⎭,整理解得3d =-,所以51421210a a d =+=-=-,故选B . 7、【答案】B【解析】令()ln 1,f x x x =--则()11f x x'=-,令()0,f x '=得1x =,所以当1x >时,()0f x '>,当01x <<时,()0f x '<,因此()()10,ln 1f x f x x ≥=∴≥+. 若公比0q >,则()1234123123ln a a a a a a a a a a +++>++>++,不合题意; 若公比1q ≤-,则()()212341110,a a a a a q q +++=++≤但()()212311ln ln 1ln 0a a a a q q a ⎡⎤++=++>>⎣⎦,即()12341230ln a a a a a a a +++≤<++,不合题意;因此()210,0,1q q -<<∈,22113224,0a a q a a a q a ∴>=<=<,故选B. 8、【答案】A【解析】由题知,41514430245d S a a a d ⎧=+⨯⨯=⎪⎨⎪=+=⎩,解得132a d =-⎧⎨=⎩,∴25n a n =-,24n S n n =-,故选A .9、【答案】C【解析】设正数的等比数列{a n }的公比为q ,则231111421111534a a q a q a q a q a q a ⎧+++=⎨=+⎩, 解得11,2a q =⎧⎨=⎩,2314a a q ∴==,故选C .10、【答案】A90b -时,总存在b ≥,()22bbb +二、填空题1、【答案】21nn + 【解析】设等差数列的首项为1a ,公差为d ,由题意有1123434102a d a d +=⎧⎪⎨⨯+=⎪⎩ ,解得111a d =⎧⎨=⎩ , 数列的前n 项和()()()111111222n n n n n n n S na d n --+=+=⨯+⨯=, 裂项可得12112()(1)1k S k k k k ==-++,所以1111111122[(1)()()]2(1)223111nk knS n n n n ==-+-++-=-=+++∑. 2、【答案】8-【解析】设等比数列{}n a 的公比为q ,很明显1q ≠-,结合等比数列的通项公式和题意可得方程组:1212131(1)1(1)3a a a q a a a q +=+=-⎧⎨-=-=-⎩①②,由②①可得:2q =-,代入①可得11a =,由等比数列的通项公式可得3418a a q ==-. 3、【答案】63-【解析】根据21n n S a =+,可得1121n n S a ++=+,两式相减得1122n n n a a a ++=-,即12n n a a +=,当1n =时,11121S a a ==+,解得11a =-,所以数列{}n a 是以−1为首项,以2为公比的等比数列,所以()66126312S --==--,故答案是63-.4、【答案】1213【解析】设等比数列的公比为q ,由已知21461,3a a a ==,所以32511(),33q q =又0q ≠,所以3,q =所以55151(13)(1)12131133a q S q --===--. 5、【答案】4【解析】设等差数列{a n }的公差为d ,因213a a =,所以113a d a +=,即12a d =,所以105S S =11111091010024542552a d a a a d ⨯+==⨯+. 三、解答题1、【答案】(1)见解析;(2)见解析;(3)见解析. 【解析】(1)用数学归纳法证明:0n x >.当n =1时,x 1=1>0.假设n =k 时,x k >0,那么n =k +1时,若10k x +≤,则110ln(1)0k k k x x x ++<=++≤,矛盾,故10k x +>.因此0()n x n *>∈N .所以111ln(1)n n n n x x x x +++=++>, 因此10()n n x x n *+<<∈N . (2)由11ln(1)n n n x x x ++=++得,2111111422(2)ln(1)n n n n n n n n x x x x x x x x ++++++-+=-+++.记函数2()2(2)ln(1)(0)f x x x x x x =-+++≥,22()ln(1)0(0)1x x f'x x x x +=++>>+,函数f (x )在[0,+∞)上单调递增,所以()(0)f x f ≥=0,因此2111112(2)ln(1)()0n n n n n x x x x f x +++++-+++=≥,故112()2n n n n x x x x n *++-≤∈N . (3)因为11111ln(1)2n n n n n n x x x x x x +++++=++≤+=,所以112n n x -≥,由1122n n n n x x x x ++≥-,得111112()022n n x x +-≥->, 所以12111111112()2()2222n n n n x x x ----≥-≥⋅⋅⋅≥-=, 故212n n x -≤. 综上,1211()22n n n x n *--≤≤∈N .2、【答案】(1)a n =2n –9;(2)S n =n 2–8n ,最小值为–16. 【解析】(1)设{a n }的公差为d ,由题意得3a 1+3d =–15.由a 1=–7得d =2.所以{a n }的通项公式为a n =2n –9.(2)由(1)得S n =n 2–8n =(n –4)2–16.所以当n =4时,S n 取得最小值,最小值为–16. 3、【答案】(1)1(2)n n a -=-或12n n a -=;(2)6m =.【解析】(1)设{}n a 的公比为q ,由题设得1n n a q -=.由已知得424q q =,解得0q =(舍去),2q =-或2q =. 故1(2)n n a -=-或12n n a -=. (2)若1(2)n n a -=-,则1(2)3nn S --=.由63m S =得(2)188m -=-此方程没有正整数解.若12n n a -=,则21n n S =-.由63m S =得264m =,解得6m =. 综上,6m =.4、【答案】(1)2q =;(2)2115(43)()2n n b n -=-+⋅.【解析】本题主要考查等差数列、等比数列、数列求和等基础知识,同时考查运算求解能力和综合应用能力.(1)由42a +是35,a a 的等差中项得35424a a a +=+,所以34543428a a a a ++=+=, 解得48a =.由3520a a +=得18()20q q+=,因为1q >,所以2q =.(2)设1()n n n n c b b a +=-,数列{}n c 前n 项和为n S .由11,1,, 2.n nn S n c S S n -=⎧=⎨-≥⎩解得41n c n =-.由(1)可知12n n a -=,所以111(41)()2n n n b b n -+-=-⋅,故211(45)(),22n n n b b n n ---=-⋅≥,11123221()()()()n n n n n b b b b b b b b b b ----=-+-++-+-23111(45)()(49)()73222n n n n --=-⋅+-⋅++⋅+.设221113711()(45)(),2222n n T n n -=+⋅+⋅++-⋅≥,2211111137()(49)()(45)()22222n n n T n n --=⋅+⋅++-⋅+-⋅ 所以22111111344()4()(45)()22222n n n T n --=+⋅+⋅++⋅--⋅,因此2114(43)(),22n n T n n -=-+⋅≥,又11b =,所以2115(43)()2n n b n -=-+⋅.5、【答案】(1)见解析;(2)1122n n a n =+-,1122n n b n =-+. 【解析】(1)由题设得114()2()n n n n a b a b +++=+,即111()2n n n n a b a b +++=+.又因为a 1+b 1=l ,所以{}n n a b +是首项为1,公比为12的等比数列. 由题设得114()4()8n n n n a b a b ++-=-+,即112n n n n a b a b ++-=-+. 又因为a 1–b 1=l ,所以{}n n a b -是首项为1,公差为2的等差数列. (2)由(1)知,112n n n a b -+=,21nn a b n -=-. 所以111[()()]222n n n n n n a a b a b n =++-=+-,111[()()]222n n n n n n b a b a b n =+--=-+.6、【答案】(1)()21n a n =-,()1n b n n =+;(2)证明见解析.【解析】(1)设数列{}n a 的公差为d ,由题意得11124,333a d a d a d +=+=+,解得10,2a d ==.从而*22,n a n n =-∈N .所以2*n S n n n =-∈N ,, 由12,,n n n n n nS b S b S b +++++成等比数列得()()()212n n n n n n S b S b S b +++=++.解得()2121n n n n b S S S d++=-.所以2*,n b n n n =+∈N . (2)*n c n ===∈N . 我们用数学归纳法证明.(i )当n =1时,c 1=0<2,不等式成立;(ii )假设()*n k k =∈N时不等式成立,即12k c c c +++<那么,当1n k =+时,121k k c c c c +++++<<<==.即当1n k =+时不等式也成立. 根据(i )和(ii),不等式12n c c c +++<*n ∈N 成立.7、【答案】(Ⅰ)由1236b b b +=得216q q +=,解得12q =.由14n n c c +=得14n n c -=.由114n n n a a -+-=得121421443n n n a a --+=++++=.(Ⅱ)由12n n n n b c c b ++=得12111111()n n n n n b b c d c b b d b b +++==-,所以123111(1)n n d c c c c d b ++++++=-, 由11b =,d >得10n b +>,因此*12311,n c c c c n d++++<+∈N . 8、【答案】(1)2-;(2)1(13)(2)9nn n S -+-=.【解析】(1)设{}n a 公比为q ,1a 为23,a a 的等差中项,212312,0,20a a a a q q =+≠∴+-=,1,2q q ≠∴=-;(2)设{}n na 的前n 项和为n S ,111,(2)n n a a -==-,21112(2)3(2)(2)n n S n -=⨯+⨯-+⨯-++-,①23121(2)2(2)3(2)(1)(2)(2)n n n S n n --=⨯-+⨯-+⨯-+--+-,②①-②得,2131(2)(2)(2)(2)n n n S n -=+-+-++---1(2)1(13)(2)(2)1(2)3n n n n n ---+-=--=--, 1(13)(2)9nn n S -+-∴=.。

浙江省高考数学文科解答题(数列)

浙江省高考数学文科解答题(数列)

数列(04年)已知数列}{n a 的前n 项和为n S ,))(1(31*N n a S n n ∈-=。

(Ⅰ)求1a ,2a ;(Ⅱ)求证数列}{n a 是等比数列。

(05年)已知实数a ,b ,c 成等差数列,1+a ,1+b ,4+c 成等比数列,且15=++c b a ,求a ,b ,c 。

(06年)若n S 是公差不为0的等差数列}{n a 的前n 项和,且1S ,2S ,4S 成等比数列。

(Ⅰ)求数列1S ,2S ,4S 的公比;(Ⅱ)若42=S ,求}{n a 的通项公式。

(07年)已知数列}{n a 的相邻两项12-k a ,k a 2是关于x 的方程023)23(2=⋅++-kkk x k x 的两个根,且k k a a 212≤-(=k 1,2,3,…)。

(Ⅰ)求数列1a ,3a ,5a ,7a 及)4(2≥n a n (不必证明);(Ⅱ)求数列}{n a 的前n 2项和n S 2。

(08年)已知数列}{n a 的首项31=x ,通项nq p x n n +=2(*N n ∈,p ,q 为常数),且1x ,4x ,5x 成等差数列。

求: (Ⅰ)p ,q 的值;(Ⅱ)数列}{n a 的前n 项和n S 的公式。

(09年)设n S 为数列}{n a 的前n 项和,n kn S n +=2,*N n ∈,其中k 是常数。

(Ⅰ)求1a 及n a ;(Ⅱ)若对于任意的*N m ∈,m a ,m a 2,m a 4成等比数列,求k 的值。

(10年)设1a ,d 为实数,首项为1a ,公差为d 的等差数列}{n a 的前n 项和为n S ,满足01565=+S S 。

(Ⅰ)若55=S ,求6S 及1a ;(Ⅱ)求d 的取值范围。

(11年)已知公差不为0的等差数列}{n a 的首项1a 为)(R a a ∈,且11a ,21a ,41a 成等比数列。

(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式;(Ⅱ)对*N n ∈,试比较na a a a 2222111132++++ 与11a 的大小。

2013-2017年浙江高考理科数学历年真题之数列大题 教师版

2013-2017年浙江高考理科数学历年真题之数列大题 教师版

2013-2017年浙江高考理科数学历年真题之数列大题(教师版)1、(2013年)在公差为d 的等差数列{}n a 中,已知112310,,22,5a a a a =+且成等比数列.(Ⅰ)求d ,n a ; ⅠⅠ()120,|||||.n da a a <+++ 若求|(Ⅰ) 解;:由题意得223125(22)34014a a a d d d d ⋅=+⇒--=⇒=-=或所以 11,*46,*.n n a n n N a n n N =-∈=+∈或ⅠⅠ()设数列{}n a 的前n 项和为n S ,因为0,d <由(Ⅰ)得1,11,n da n =-=-则当11n ≤时,212121||||||.22n n a a a S n n +++==-+ 当12n ≥时,21211121||||||2110.22n n a a a S S n n +++=-+=-+ 综上即得212212111,22||||||12111012.22n n n n a a a n n n ⎧-+≤⎪⎪+++=⎨⎪-+≥⎪⎩2、(2014年)已知数列{}n a 和{}n b 满足()()*∈=N n a a a nb n 221 .若{}na 为等比数列,且.6,2231b b a +==(Ⅰ)求n a 与n b ; ⅠⅠ()设()*∈-=N n b a c nn n11。

记数列{}n c 的前n 项和为n S . (i )求n S ;(ii )求正整数k ,使得对任意*∈N n ,均有n k S S ≥. 解析:(I )由题意,()()*∈=N n a a a nb n 221 ,326b b-=,知3238b b a -==,又由12a =,得公比2q =(2q =-舍去),所以数列{}n a 的通项公式为2()n n a n N *=∈,所以()()1121232n n n n n a a a a ++==,故数列{}n b 的通项公式为,()1()n b n n n N *=+∈;(II )(i )由(I )知,11111()21n n n n c n N a b n n *⎛⎫=-=--∈ ⎪+⎝⎭,所以11()12n nS n N n *=-∈+; (ii )因为12340,0,0,0c c c c =>>>;当5n ≥时,()()11112n n n n c n n +⎡⎤=-⎢⎥+⎣⎦,而()()()()()11112120222n n n n n n n n n ++++++--=>,得()()51551122n n n ++≤<,所以当5n ≥时,0n c <,综上对任意n N *∈恒有4n S S ≥,故4k =.3、(2015年)已知数列{a n }满足a 1=21, 且1n a +=n a -2n a (n ∈N*) (I)证明:1≤1+n na a ≤2 (n ∈N*) (II)设数列{2n a }的前n 项和为S n , 证明)2(21+n ≤nSn ≤)1(21+n (n ∈N*)解: (I)∵a n -a n +1=2n a ≥0 ∴a n +1≤a n ∴a n ≤a 1=21由a n =11)1(---n n a a 得a n =0)1()1)(1(1121>-----a a a a n n , 故0< a n ≤21 从而n n n n n n a a a a a a -=-=+11)1(1∈[1, 2] 即1≤1+n n a a ≤2 法二: 在0< a n ≤21基础上证a n ≤2a n +1可用分析法 要使a n ≤2a n +1, 只要a n ≤2(a n -2n a )⇔22n a ≤a n ⇔0< a n ≤21, 故a n ≤2a n +1成立 (II)∵2n a =a n -a n +1 ∴S n =a 1-a 2+a 2-a 3+…+a n -a n +1=a 1-a n +1=21-a n +1 由a n +1=a n (1-a n ) ∴n n n a a a -+=+11111∴n n n a a a -=-+11111∈[1, 2], 0<a n ≤21 故1≤n n a a 111-+≤2, n ∈N*, 累加得n ≤1111a a n -+≤2n 即n +2≤11+n a ≤2n +2即221+n ≤a n +1≤21+n ,从而)2(2+n n ≤S n =21-a n +1≤)1(2+n n因此,)2(21+n ≤nSn ≤)1(21+n (n ∈N*) (n n n a a a -=-+11111=1+n n a a , (I)(II)关联在此)法二: (用数学归纳法)∵2n a =a n -a n +1 ∴S n =a 1-a 2+a 2-a 3+…+a n -a n +1=a 1-a n +1=21-a n +1 要使)2(21+n ≤nS n ≤)1(21+n 成立, 只须且必须221+n ≤a n +1≤21+n (n ∈N*)当n =1时, a 2=41, 可得41≤a 2≤31, 结论成立假设当n =k 时, 结论成立, 即221+k ≤a k +1≤21+k , k ∈N*,则当n =k +1时, 注意到x -x 2在[0,21]上是增函数,∴a k +2=a k +1-21+k a ≤22)2(1)2(121++=+-+k k k k ≤313412+=+++k k k k且a k +2=a k +1-21+k a ≥22)1(412)22(1221++=+-+k k k k ≥421+k (事实上, ∵(2k +1)(2k +4)-4(k +1)2=2k ≥0 ∴2)1(412++k k ≥421+k ) 也就是说, 当n =k +1时, 结论也成立 因此, 原命题得证4、(2016年)设数列{}n a 满足112n n a a +-…,n *∈N . (1)求证:()1122n n a a--…,n *∈N ;(2)若32n n a ⎛⎫ ⎪⎝⎭…,n *∈N ,证明:2n a …,n *∈N .解析:5、 (2017年) 已知数列{x n }满足x 1=1,x n =x n +1+ln(1+x n +1)(n ∈N *).证明:当n ∈N *时, (1)0<x n +1<x n ; (2)2x n +1− x n ≤x n x n +12;(3)12n-1≤x n ≤12n-2.解析:。

高考数学《数列》大题训练50题含答案解析整理版

高考数学《数列》大题训练50题含答案解析整理版

高考数学《数列》大题训练50题1 .数列{}的前n 项和为,且满足,.n a n S 11a =2(1)n n S n a =+(1)求{}的通项公式; (2)求和T n =.n a 1211123(1)na a n a ++++L 2 .已知数列,a 1=1,点在直线上.}{n a *))(2,(1N n a a P n n ∈+0121=+-y x (1)求数列的通项公式;}{n a (2)函数,求函数最小值.)2*,(1111)(321≥∈++++++++=n N n a n a n a n a n n f n且 )(n f 3 .已知函数(a ,b 为常数)的图象经过点P (1,)和Q (4,8)x ab x f =)(81(1) 求函数的解析式;)(x f (2) 记a n =log 2,n 是正整数,是数列{a n }的前n 项和,求的最小值。

)(n f n S n S 4 .已知y =f (x )为一次函数,且f (2)、f (5)、f (4)成等比数列,f (8)=15.求=f (1)+f (2)+…+f (n )的表达式.n S 5 .设数列的前项和为,且,其中是不等于和0的实常数.{}n a n n S 1n n S c ca =+-c 1-(1)求证: 为等比数列;{}n a (2)设数列的公比,数列满足,试写出 的{}n a ()q f c ={}n b ()()111,,23n n b b f b n N n -==∈≥1n b ⎧⎫⎨⎬⎩⎭通项公式,并求的结果.12231n n b b b b b b -+++L 6 .在平面直角坐标系中,已知A n (n,a n )、B n (n,b n )、C n (n -1,0)(n ∈N *),满足向量与向量共线,且1+n n A A n n C B 点B n (n,b n ) (n ∈N *)都在斜率为6的同一条直线上.(1)试用a 1,b 1与n 来表示a n ;(2)设a 1=a ,b 1=-a ,且12<a ≤15,求数列{a n }中的最小项.7 .已知数列的前三项与数列的前三项对应相同,且…对任意的{}n a {}n b 212322a a a +++12n n a -+8n =∈n N*都成立,数列是等差数列.1{}n n b b +-(1)求数列与的通项公式;{}n a {}n b (2)问是否存在N *,使得?请说明理由.k ∈(0,1)k k b a -∈8 .已知数列),3,2(1335,}{11 =-+==-n a a a a nn n n 且中(I )试求a 2,a 3的值;(II )若存在实数为等差数列,试求λ的值.}3{,nn a λλ+使得9 .已知数列的前项和为,若,{}n a n n S ()1,211++=⋅=+n n S a n a n n(1)求数列的通项公式;{}n a (2)令,①当为何正整数值时,:②若对一切正整数,总有,求的n nn S T 2=n 1+>n n T T n m T n ≤m 取值范围。

数列分专题经典练习-题型大全-典型例题

数列分专题经典练习-题型大全-典型例题

数列专题一.等差数列练习题1.设S n 是数列{a n }的前n 项和,且S n =2n 2-5n ,证明数列{a n }是等差数列。

2.设S n 是数列{a n }的前n 项和,且S n =n 2,则{a n }是( )A.等比数列,但不是等差数列B.等差数列,但不是等比数列C.等差数列,而且也是等比数列D.既非等比数列又非等差数列3.等差数列{a n }中,已知a 1=13,a 2+a 5=4,a n =33,则n 为( )A .48B .49C .50D .514.首项为-24的等差数列,从第10项起开始为正数,则公差的范围是______。

5.如果等差数列{}n a 中,34512712,___.a a a a a a ++=+++=那么6.已知1,a ,b 成等差数列,3,a +2,b +5成等比数列,则公差为( )A .3或-3B .3或-1C .3D .-37.已知{a n }为等差数列,若a 1+a 5+a 9=π,则cos(a 2+a 8)的值为______.8.等差数列{}n a 的前三项为1,1,23x x x -++,则这个数列的通项公式为( )A .21n a n =+B .21n a n =-C .23n a n =-D .25n a n =-9.设{n a }为等差数列,公差d = -2,n S 为其前n 项和.若1011S S =,则1a =( )A.18B.20C.22D.2410.设n S 是等差数列{}n a 的前n 项和,若363,24S S ==,则9__.a = 11.设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,若924972,___.S a a a =++=则12.{}n a 是公差为-2的等差数列,a 1+a 4+….. + a 97 =50,a 3+a 6+ a 9+….. + a 99 =( )A.-182B.-78C.-148D.-8213.}{n a 是等差数列,且,13,77,57146541074==++++=++k a a a a a a a a 若 则k =14.在等差数列}{n a 中,若4681012120a a a a a ++++=,则10122a a -= 15.已知}{n a 为等差数列,a 1+a 8+ a 13+ a 18=100,求a 10= 16.已知数列{a n }的前n 项和S n =n (n -40),则下列判断正确的是( ) A.a 19>0,a 21<0B.a 20>0,a 21<0C.a 19<0,a 21>0D.a 19<0,a 20>017.等差数列{a n }中,a 1>0,S 4=S 9,则S n 取最大值时,n=18.等差数列{}n a 中,125a =,917S S =,问此数列前多少项和最大?并求此最大值。

高考十(理科)分项版 专题06 数列(浙江专版)(原卷版)

高考十(理科)分项版 专题06 数列(浙江专版)(原卷版)

一.基础题组1. 【2012年.浙江卷.理7】设S n 是公差为d (d ≠0)的无穷等差数列{a n }的前n 项和,则下列命题错误的是( )A .若d <0,则数列{S n }有最大项B .若数列{S n }有最大项,则d <0C .若数列{S n }是递增数列,则对任意n ∈N *,均有S n >0 D .若对任意n ∈N *,均有S n >0,则数列{S n }是递增数列2. 【2012年.浙江卷.理13】设公比为q (q >0)的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 2=3a 2+2,S 4=3a 4+2,则q =__________.3. 【2010年.浙江卷.理3】设n S 为等比数列{}n a 的前n 项和,2580a a +=,则52S S = (A )11 (B )5 (C )8- (D )11-4. 【2010年.浙江卷.理15】设1,a d 为实数,首项为1a ,公差为d 的等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,满足56150S S +=,则d 的取值范围是__________________ .5. 【2009年.浙江卷.理11】设等比数列{}n a 的公比12q =,前n 项和为n S ,则44S a = . 6. 【2008年.浙江卷.理6】已知{}n a 是等比数列,41252==a a ,,则13221++++n n a a a a a a =(A )16(n--41) (B )16(n--21)(C )332(n --41) (D )332(n--21) 7. 【2006年.浙江卷.理11】设S n 为等差数列{}n a 的前n 项和,若51010,5S S ==-,则公差为 (用数字作答).8. 【2015高考浙江,理3】已知{}n a 是等差数列,公差d 不为零,前n 项和是n S ,若3a ,4a ,8a 成等比数列,则( )A.140,0a d dS >>B. 140,0a d dS <<C. 140,0a d dS ><D.140,0a d dS <>9. 9. 【2016高考浙江理数】如图,点列{A n },{B n }分别在某锐角的两边上,且1122,,n n n n n n A A A A A A n ++++=≠∈*N ,1122,,n n n n n n B B B B B B n ++++=≠∈*N ,(P Q P Q ≠表示点与不重合).若1n n n n n n n d A B S A B B +=,为△的面积,则( )A .{}n S 是等差数列B .2{}nS 是等差数列 C .{}n d 是等差数列 D .2{}nd 是等差数列 10.【2016高考浙江理数】设数列{a n }的前n 项和为S n .若S 2=4,a n +1=2S n +1,n ∈N *,则a 1= ,S 5= .二.能力题组1. 【2013年.浙江卷.理18】(本题满分14分)在公差为d 的等差数列{a n }中,已知a 1=10,且a 1,2a 2+2,5a 3成等比数列. (1)求d ,a n ;(2)若d <0,求|a 1|+|a 2|+|a 3|+…+|a n |. 三.拔高题组1. 【2014年.浙江卷.理19】(本题满分14分)已知数列{}n a 和{}n b 满足()()*∈=N n a a a nb n 221 .若{}na 为等比数列,且.6,2231b ba +==(Ⅰ)求n a 与n b ; (Ⅱ)设()*∈-=N n b a c nn n 11。

浙江高考数列经典例题汇总.doc

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v1.0可编辑可修改浙江高考数列经典例题汇总1. 【 2014年 . 浙江卷 . 理 19】(本题满分 14分)已知数列a n和b n满足b na 1a 2 a n 2n N . 若 a n 为等比数列,且 a 1 2,b 3 6 b 2 .( Ⅰ ) 求an 与bn ;c n1 1 n N (Ⅱ)设a nb n。

记数列 c n 的前 n 项和为S n.(i )求S n;(ii )求正整数 k,使得对任意nN,均有S k S n .2. 【 2011年 . 浙江卷 . 理 19】(本题满分 14分)已知公差不为 0的等差数列 { a n } 的首项 a 1 a111(a R), 设数列的前 n 项和为S n,且a 1,a2 ,a 4成等比数列(Ⅰ)求数列{ a n }的通项公式及S n11 11B n1 1 1 ...1A n...a 1 a 2a 22a2n,当n(Ⅱ) 记S 1 S 2 S 3S n ,2时,试比较An 与Bn 的大 小.v1.0可编辑可修改3. 【 2008 年 . 浙江卷 . 理 22】(本题 14 分)已知数列a n , a n 0, a1 0 ,a n21 a n 1 1 a n2 (n N ) .S n a1 a2 a n1 1 1T n(1 a1 )(1 a2 ) a1 )(1 a2 ) an ).1 a1 (1 (1 求证:当 n N 时,(Ⅰ)anan 1;(Ⅱ) S n n2;(Ⅲ)Tn3。

4.【2007 年 . 浙江卷 . 理 21】(本题 15 分)已知数列{ an}中的相邻两项a2 k 1,a2k是关于x的方程的两个根,且a2 k 1a2k(k 1,2,3, )(Ⅰ)求a1,a3, a5, a7;(Ⅱ)求数列{ an}的前 2n 项的和S2 n;v1.0 可编辑可修改f ( n) 1 ( |sin n | 3) T n( 1)f (2) ( 1)f (3)( 1)f (4)( 1)f ( n 1)a 1a 2a 3a 4a 5 a 6a 2 n 1a2n( Ⅲ)记2 sin n ,1T n5(n N * )求证:6245. 【2005年 .浙江卷 .理20】设点An (xn ,0),P n(x n,2n 1 )和抛物线Cn :y = x2+ an x +1bn(n ∈N*) ,其中 an =- 2- 4n -2n 1,x n由以下方法得到: x1 =1,点 P2(x2 , 2) 在抛物线 C1: y = x2+ a1x + b1 上,点 A1(x1 , 0) 到 P2 的距离是 A1 到 C1 上点的最短距离, ,点P n 1 ( x n 1 ,2n) 在抛物线 C n :y = x2 + an x + bn 上,点 A n ( x n , 0) 到Pn 1的距离是 A n 到C n上点的最短距离.( Ⅰ) 求 x2 及 C1的方程.( Ⅱ) 证明 {x n} 是等差数列.16. 【 2015 高考浙江,理 20】已知数列a n满足a1= 2 且an 1 =a n -a n2(nN * )v1.0可编辑可修改a n 2(1)证明: 1 an 1 N *(n);a n2 1 S n 1(2)设数列的前 n 项和为Sn,证明 2( n 2) n 2( n 1) (n N * )a n 11a n满足a n7. 【 2016 高考浙江理数】设数列 2 ,n .(I )证明:an2n 1 a12, n ;3 na n,证明:an2, n.2 ,n(II )若例 1.(浙江省新高考研究联盟2017 届高三下学期期初联考)已知数列a满足a1=3,na n+1=a n2+2a n,n∈ N* ,设b n=log 2(a n+1).(I )求 {a n} 的通项公式;(II )求证: 1+<n(n ≥2) ;(I II )若2c n =b n,求证: 2≤(cn 1)n <3.c n例 2.(浙江省温州中学2017 届高三 3 月高考模拟)正项数列a n满足a 2 a 3a 2 2a , a 1.n n n 1 n 1 1(Ⅰ)求 a2的值;(Ⅱ)证明:对任意的n N ,a 2a ;n n 1(Ⅲ)记数列 a n 的前 n 项和为S n,证明:对任意的n1S n 3 .N , 22n 1例 3.(浙江省温州市十校联合体2017 届高三上学期期末)已知数列 { a n } 满足a1 1,a n 1 1a n2m,8(1)若数列 { a n } 是常数列,求m的值;(2)当m1时,求证:a n a n 1;(3)求最大的正数m ,使得a n 4 对一切整数n 恒成立,并证明你的结论。

高考数学解答题(新高考)数列求和(奇偶项讨论求和)(典型例题+题型归类练)(解析版)

高考数学解答题(新高考)数列求和(奇偶项讨论求和)(典型例题+题型归类练)(解析版)

专题08 数列求和(奇偶项讨论求和)(典型例题+题型归类练)一、必备秘籍有关数列奇偶项的问题是高考中经常涉及的问题,解决此类问题的难点在于搞清数列奇数项和偶数项的首项、项数、公差(比)等.本专题主要研究与数列奇偶项有关的问题,并在解决问题中让学生感悟分类讨论等思想在解题中的有效运用.因此,在数列综合问题中有许多可通过构造函数来解决.类型一:通项公式分奇、偶项有不同表达式;例如:n n na n cb n ⎧⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数角度1:求n n n a n c b n ⎧⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数的前2n 项和2n T角度2:求n n na n cb n ⎧⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数的前n 项和n T类型二:通项含有(1)n -的类型;例如:(1)nn n c a =-类型三:已知条件明确的奇偶项或含有三角函数问题二、典型例题类型一:通项公式分奇、偶项有不同表达式通项公式分奇、偶项有不同表达式;例如:n n na n cb n ⎧⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数角度1:求n n na n cb n ⎧⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数的前2n 项和2n T例题1.(2022·浙江嘉兴·模拟预测)已知公差不为零的等差数列{}n a 满足24692,,,a a a a =成等比数列.数列{}n b 的前n 项和为n S ,且满足()22N n n S b n *=⋅-∈(1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)设数列{}n c 满足211,,n n n n n n a a c a n b ++⎧⎪⎪=⎨⎪⎪⎩为奇数为偶数,求数列{}n c 的前2n 项和2n T .第(2)问解题思路点拨:由(1)知:,,可代入到第(2)问中,求出的通项公式:,即:注意到奇偶项通项不同,直接考虑分组求和.奇偶项通项不同,采用分组求和可作为一个解题技巧,由于奇偶项通项比较复杂,可设;,则(注意到本例求解的为偶数项和,最后一项一定是代入偶数的通项公式,否则,若是求,最后一项是代入奇数项通项,还是代入偶数项通项,则需要讨论)分组求和当为奇数 当为偶数,两式相减得:综上:【答案】(1)n a n =;2nn b =(2)2255212n n n n T n +=+-+ (1)由题:46922,24,27a d a d a d =+=+=+,∵2649a a a =⋅,即()()()2242227d d d +=++得:1d =,即n a n = 当1n =时,12b =,当2n ≥时,22n n S b =⋅-,1122n n S b --=⋅-,两式相减整理得12nn b b -=, 即数列{}n b 是以首项12b =,公比2q的等比数列∴2nn b =(2)当n 为奇数时,1111(2)22n c n n n n ⎛⎫==- ⎪++⎝⎭1352111111112335212121n n nA c c c c n n n -⎛⎫=++++=-+-++-= ⎪-++⎝⎭ 当n 为偶数时,n c =23521222n n n B +=+++, 231135212122222n n n n n B +-+=++++ 两式相减得:23111113222213121525122222222222n n n n n n n n n B +-+++++=++++-=+--=- 得:2552n nn B +=-2255212n n n n n n T A B n +=+=+-+角度2:求n n n a n c b n ⎧⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数的前n 项和n T例题2.(2022·山东日照·模拟预测)已知数列{}n a 中,11a =,22a =,2n n a ka +=(1k ≠),n *∈N ,23a a +,34a a +,45a a +成等差数列.(1)求k 的值和{}n a 的通项公式;(2)设22log n n na nb a n ⎧=⎨⎩,为奇数,为偶数,求数列{}n b 的前n 项和n S .第(2)问解题思路点拨:由(1)知,代入即:注意到奇偶项通项不同,直接考虑分组求和.奇偶项通项不同,采用分组求和可作为一个解题技巧当为偶数时,数列{的前项中有个奇数项,有个偶数项.(注意到本例求解的,最后一项是代入奇数项通项,还是代入偶数项通项,需要讨论)(讨论时优先讨论为偶数)为奇数为偶数当为奇数时,为偶数,注意到为偶数,所以可使用偶数项和的结论,代入左侧求和结果:,则:,整理:综上:21n b -++1n a -+,注意到最后一项n 为偶数,再利用1n n a -+,其中奇数项,偶数项各为【答案】(1)2k =,12222n n n n a n -⎧⎪=⎨⎪⎩,为奇数,为偶数(2)12221,38211,38n n n n nn S n n +⎧+-+⎪⎪=⎨--⎪+⎪⎩为偶数为奇数 (1)解:23a a +,34a a +,45a a +成等差数列, 所以()3423452a a a a a a +=+++,得5342a a a a -=-,得()()2311k a k a -=-, 因为1k ≠,所以322a a ==,所以312a k a ==,得12222n n n n a n -⎧⎪=⎨⎪⎩,为奇数,为偶数. (2)由(1)知,122n n n b n n -⎧⎪=⎨⎪⎩,为奇数,为偶数当n 为偶数时,设n =2k ,可得21321242n k k k S S b b b b b b -==++⋅⋅⋅+++++()022212222422k k -=++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅+ ()()22114141142232k k k k k k ++--=+⨯=+-,即()22138n n n nS +-=+; 当n 为奇数时,设n =2k -1,可得2113212422n k k k S S b b b b b b ---==++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅+ ()0222122224222k k -=++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅+- ()()()2221114141142232k k k k k k +-----=+⨯=+-, 即1221138n n n S +--=+. 综上所述,()12221,38211,38n n n n nn S n n +⎧+-+⎪⎪=⎨--⎪+⎪⎩为偶数为奇数.类型二:通项含有(-1)n的类型通项含有(1)n -的类型;例如:(1)nn n c a =-例题3.(2022·河南·开封高中模拟预测(理))在数列{}n a 中,33a =,数列{}n a 的前n 项和n S 满足()()*112n n S a n n =+∈N . (1)求数列{}n a 的通项公式; (2)若()21nn n b a =-,求数列{}n b 的前n 项和n T .【答案】(1)()*n a n n =∈N (2)2*2*,,2,.2n n nn N n T n n n N n ⎧+-∈⎪⎪=⎨+⎪∈⎪⎩且是奇数且是偶数 第(2)问解题思路点拨:由题意知,求,代入:注意到通项中含有“”,会影响最后一项取“正还是负”,通过讨论的奇偶,结合分组求和.奇偶项通项不同,采用分组求和可作为一个解题技巧(注意到本例求解的,代入最后一项,是正,还是负,需要讨论)(讨论时优先讨论为偶数)为奇数为偶数当为奇数时,为偶数,即:注意到为偶数,所以可使用偶数项和的结论,代入左侧求和结果:,则:,整理:综上:(1)因为()112n n S a n =+,所以()12n n nS a =+. 所以当2n ≥时,()11112n n n S a ---=+. 两式相减,得()()1211n n n a na n n a n -=+----, 即()()1211n n n a n a --=--. 所以()111n n n a na +-=-.相减得()()()11121n n n n n a n a na n a +----=--, 即112n n n a a a -+=+. 所以数列{}n a 是等差数列. 当n =1时,()11112a a =+,解得11a =. 所以公差31131a a d -==-. 所以()()*11n a n n n =+-=∈N . (2)()()2211nnn nb a n =-=-⨯, 当n 为奇数时,()()22222212311212n n nT n n n +=-+-+⋅⋅⋅+-⨯=++⋅⋅⋅+--=-⎡⎤⎣⎦;当n 为偶数时,22222123122n n n T n n +=-+-+⋅⋅⋅+=++⋅⋅⋅+=.综上所述,2*2*,,2,.2n n n n N n T n n n N n ⎧+-∈⎪⎪=⎨+⎪∈⎪⎩且是奇数且是偶数例题4.(2022·重庆八中模拟预测)已知n S 是公差不为零的等差数列{}n a 的前n 项和,36S =,2319a a a =⋅.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)设数列()()24141nnn a b n n +=-∈-N ,数列化{}n b 的前2n 项和为2n T感悟升华(核心秘籍)(1)对比例题3,例题4,通项都含有“(1)n-”,在求和时都使用(连续两项分组求和法:即连续的两项分一组);不同的是,例题3求前n 项和nT ;例题4求前2n 项和2nT ;(2)对于例题3求123n n T b b b b =+++⋅⋅⋅+,其中最后一项代入,是取“正”还是取“负”不确定,故需讨论n 为奇数还是偶数,在讨论时,作为核心技巧,先讨论n 为偶数,再利用n 为偶数的结论,快速求n 为奇数的和;;(3)对于例题4求21234212n n n T b b b b b b -=++++++,注意到最后一项2n b 一定是正,故不需要讨论;【答案】(1)*,N na n n =∈(2)21141n T n =-++ (1)公差d 不为零的等差数列{}n a ,由2319a a a =⋅, ()()211182a a d a d +=+,解得1a d =.第(2)问解题思路点拨:由(1)知:,可代入到第(2)问中,求出的通项公式:,注意到通项中含有“”,会影响最后一项取“正还是负”,通过讨论的奇偶,结合分组求和.奇偶项通项不同,采用分组求和可作为一个解题技巧(注意到本例求解的为偶数项和,代入最后一项,一定是正,故不需要讨论)分组求和又31336S a d =+=,可得11a d ==,所以数列{}n a 是以1为首项和公差的等差数列, 所以*,N na n n =∈.(2)解:由(1)可知()()241111412121nn n n b n n n ⎛⎫=-=-+ ⎪--+⎝⎭, 211111111113355743414141n T n n n n ∴=--++--+--++---+1141n =-++, 类型三:已知条件明确的奇偶项或含有三角函数问题例题5.(2022·江西赣州·二模(文))已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且满足()22n n S a n *=-∈N(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)已知()2cos log n n b n a π=⋅,求数列{}n b 的前n 项和n T .感悟升华(核心秘籍)第(2)问解题思路点拨:由题意知,求,注意,所以可化简为:,注意到通项中含有“”,会影响最后一项取“正”还是取“负”,通过讨论的奇偶,结合分组求和.奇偶项通项不同,采用分组求和可作为一个解题技巧(注意到本例求解的,代入最后一项,是正,还是负,需要讨论)(讨论时优先讨论为偶数)为奇数为偶数当为奇数时,为偶数,即:注意到为偶数,所以可使用偶数项和的结论,代入左侧求和结果:,则:,,整理:综上:【答案】(1)2n n a =(2),;1,.n n n T n n ⎧=⎨--⎩ 为偶数为奇数(1)当1n =时,1122S a =-,即12a = 当2n ≥时,1122n n S a --=-,即12a =所以1122n n n n n a S S a a --=-=-得()122n n a a n -=≥ 即{}n a 以12a =为首相,公比为2的等比数列 所以数列{}n a 的通项公式为2n n a =(2)()()()cos 2cos 12nn n b n a n n n ππ=⋅=⋅=-⋅①当n 为偶数时,1232468102n n T b b b b n =+++⋅⋅⋅+=-+-+-+⋅⋅⋅+ 22nn =⋅= ②当n 为奇数时,1231n n n n T b b b b T b -=+++⋅⋅⋅+=+ ()12212n n n -=⋅+-=-- 综上:,;1,.n n n T n n ⎧=⎨--⎩ 为偶数为奇数三、题型归类练1.(2022·湖北·荆门市龙泉中学二模)已知数列{}n a 的前n 项和为112n n S a +=-,且214a = (1)求数列{}n a 的通项公式;(2)()0.5*log ,,n n n a n b n N a n ⎧=∈⎨⎩为奇数为偶数,求数列{}n b 的前2n 项和2n T ; 【答案】(1)12nn a ⎛⎫= ⎪⎝⎭(2)211334nn +-⨯ (1)在数列{}n a 中, 由112n n S a +=-可知1212n n S a ++=-, 两式作差可得()()1211212n n n n S a S a +++---=-,即2112n n a a ++=, 当1n =时,1212S a =-,,即112a =,211412a a ==, 所以数列{}n a 是以12为首项,12为公比的等比数列,即1111222n nn a -⎛⎫⎛⎫=⋅= ⎪⎪⎝⎭⎝⎭; (2)由(1)知()*,1,2nn n n b n N n ⎧⎪=∈⎨⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭⎩为奇数为偶数, 所以()()21321242n n n T b b b b b b -=+++++++()211113214162n n ⎛⎫=+++-++++ ⎪⎝⎭()111441211214nn n ⎡⎤⎛⎫-⎢⎥ ⎪⎝⎭+-⎢⎥⎣⎦=+-211334nn =+-⨯.2.(2022·全国·模拟预测)已知数列{}n a 满足11a =,14nn n a a +⋅=,*n ∈N .(1)求数列{}n a 的通项公式n a ;(2)若2log ,,1,,n n n a n b a n ⎧=⎨+⎩为奇数为偶数求数列{}n b 的前2n 项和2n S .【答案】(1)12,,2,.n n n n a n -⎧=⎨⎩为奇数为偶数(2)1224433n n S n +=+-(1)由题意,当1n =时,24a =,因为14n n n a a +⋅=①,则1124n n n a a +++⋅=②,可得24n na a +=, 所以数列{}n a 的奇数项和偶数项都是公比为4的等比数列.因为11a =,24a =,所以当n 为奇数时,1112142n n n a a +--=⨯=;当n 为偶数时,12242nn n a a -=⨯=.综上,12,,2,.n n nn a n -⎧=⎨⎩为奇数为偶数 (2)由(1)得1,,21,,n n n n b n -⎧=⎨+⎩为奇数为偶数∴()()21321242n n n S b b b b b b -=++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅+()()41422214nn n n ⎡⎤--⎡⎤⎢⎥=++⎢⎥-⎢⎥⎣⎦⎣⎦124433n n +=+-. 3.(2022·山东·肥城市教学研究中心模拟预测)已知数列{}n a 满足11a =,19nn n a a +⋅=,N n *∈.(1)求数列{}n a 的通项公式n a ;(2)若13log ,1,n n n a n b a n ⎧⎪=⎨⎪-⎩为奇数为偶数,求数列{}n b 的前2n 项和2n S .【答案】(1)13,3,n n nn a n -⎧=⎨⎩为奇数为偶数(2)1229898n n n S +--= (1)解:由题意,当1n =时,129a a =,可得29a =,因为19n n n a a +⋅=,可得1129n n n a .a +++=,所以,29n na a +=, 所以数列{}n a 的奇数项和偶数项都是公比为9的等比数列.所以当n 为奇数时,设()21N n k k *=-∈,则1221211933k k n n k a a ----==⋅==, 当n 为偶数时,设()2N n k k *=∈,则12299933k k k nn k a a -==⋅===.因此,13,3,n n nn a n -⎧=⎨⎩为奇数为偶数. (2)解:由(1)得1,31,n n n n b n -⎧=⎨-⎩为奇数为偶数,()()21321242n n n S b b b b b b -∴=+++++++()()2462024223333n n n =-----+++++-⎡⎤⎣⎦()()12919229892198nn n n n n +----=-+-=-.4.(2022·福建三明·模拟预测)设数列{}n a 的前n 项和为n S ,()122n n S n a +-+=,210a =,1n n b a =-. (1)求证:{}n b 是等比数列;(2)设332,1,log log n n nn b n c n b b +⎧⎪=⎨⎪⋅⎩为奇数为偶数,求数列{}n c 的前21n 项和21n T +.【答案】(1)证明见解析(2)()232133841n n nT n ++-=++ (1)证明:对任意的N n *∈,1224n n S a n +=+-, 当1n =时,则有12228a a =-=,解得14a =,当2n ≥时,由1224n n S a n +=+-可得1226n n S a n -=+-,上述两个等式作差得122n n n a a a +=-+,所以,132n n a a +=-,则()1131n n a a +-=-, 所以,13n n b b +=且1113b a =-=,所以,数列{}n b 是等比数列,且首项和公比均为3.(2)解:由(1)可知1333n nn b -=⨯=,所以,()3,1,2n n n c n n n ⎧⎪=⎨⎪+⎩为奇数为偶数,所以,()1321211113332446222n n T n n ++=++++++⨯⨯+()()3211113332446222n n n +⎡⎤=+++++++⎢⎥⨯⨯+⎣⎦()21339111119412231n n n +⎡⎤-⨯=++++⎢⎥-⨯⨯+⎣⎦()232333111111331842231841n n nn n n ++--⎛⎫=+⨯-+-++-=+ ⎪++⎝⎭. 5.(2022·江西·新余四中模拟预测(理))在数列{}n a 中,21,,2,n nn n a n -⎧=⎨⎩为奇数为偶数 (1)求1a ,2a ,3a ;(2)求数列{}n a 的前n 项和n S .【答案】(1)11a =,24a =,35a =(2)212224,,2324,.23n n n n n n S n n n ++⎧+-+⎪⎪=⎨--⎪+⎪⎩为奇数为偶数 (1)因为21,,2,,n n n n a n -⎧=⎨⎩为奇数为偶数所以12111a =⨯-=,2224a ==,32315a =⨯-=,(2)因为21,,2,,n n n n a n -⎧=⎨⎩为奇数为偶数 所以1a ,3a ,5a ,是以1为首项,4为公差的等差数列,2a ,4a ,6a ,是以4为首项,4为公比的等比数列.当n 为奇数时,数列的前n 项中有12n +个奇数项,有12n -个偶数项.所以()()1231322431n n n n n n S a a a a a a a a a a a a ---=+++⋅⋅⋅+=++⋅⋅⋅+++++⋅⋅⋅++12211141411242214221423n n n n n n n -+⎛⎫++⎛⎫-- ⎪ ⎪++-⎝⎭⎝⎭=⨯+⨯+=+-; 当n 为偶数时,数列{{}n a 的前n 项中有2n 个奇数项,有2n个偶数项.所以()()1231331242n n n n n n S a a a a a a a a a a a a ---=+++⋅⋅⋅+=++⋅⋅⋅+++++⋅⋅⋅++2224141242214221423nn n n n n n +⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪--⎝⎭⎝⎭=⨯+⨯+=+-. 所以212224,,2324,.23n n n n n n S n n n ++⎧+-+⎪⎪=⎨--⎪+⎪⎩为奇数为偶数 6.(2022·安徽省舒城中学模拟预测(理))已知数列{}n a 的前n 项和为,239n n n S S a =-. (1)求数列{}n a 的通项公式;(2)若()31log nn n b a =-,求数列{}n b 的前n 项和n T .【答案】(1)13n n a +=;(2),23,2n nn T n n ⎧⎪⎪=⎨+⎪-⎪⎩为偶数为奇数 【详解】(1)当1n =时,11239S a =-.因为11S a =,所以11239a a =-,所以19a =. 因为239n n S a =-,所以11239n n S a ++=-. 两式相减,得11233n n n a a a ++=-,即13n n a a += 又因为19a =,所以0n a >.所以数列{}n a 是以9为首项,3为公比的等比数列.所以11933n n n a -+=⨯=.(2)由(1)可知()()()31log 11n nn n b a n =-=-+故当n 为偶数时,()()()234512n nT n n ⎡⎤=-++-++⋯+-++=⎣⎦当n 为奇数时,()()()()()123451112n n T n n n n -⎡⎤=-++-++⋯+--+-+=-+⎣⎦ 32n +=-所以,23,2n nn T n n 为偶数为奇数⎧⎪⎪=⎨+⎪-⎪⎩ 7.(2022·全国·模拟预测)已知数列{}n a 中,()112,1n n n a n a a a +=-=+. (1)求证:数列1n a n +⎧⎫⎨⎬⎩⎭是常数数列;(2)令(1),nn n n b a S =-为数列{}n b 的前n 项和,求使得99n S ≤-的n 的最小值.【答案】(1)证明见解析;(2)最小值为67. (1)由()11n n n n a a a +-=+得:()111n n na n a +=++,即()1111n n a a n n n n +=+++ 11111n n a a n n n n +∴=+-++,即有111,1n n a a n n +++=∴+数列1n a n +⎧⎫⎨⎬⎩⎭是常数数列; (2)由(1)知:()1113,31,(1)31n n n n a a a n b n n+=+=∴=-∴=-- 即()31,31,n n n b n n -⎧⎪=⎨--⎪⎩为偶数为奇数,∴当n 为偶数时,()()()()32581134312n nS n n ⎡⎤=-++-+++--+-=⎣⎦,显然99n S -无解; 当n 为奇数时,()()11313131122n n n n n S S a n ++++⎡⎤=-=-+-=-⎣⎦,令99n S ≤-,解得:66n , 结合n 为奇数得:n 的最小值为67. 所以n 的最小值为67.8.(2022·重庆八中模拟预测)已知{n a }是各项都为正数的数列,其前n 项和为n S ,且满足12n n nS a a =+. (1)求证:数列{2n S }为等差数列; (2)设()1nnnb a =-,求{n b }的前64项和64T .【答案】(1)证明见解析;(2){}n b 的前64项和648T =. (1)∵ 12n n nS a a =+,所以221n n n S a a -= 当2n ≥时,有1n n n a S S -=-,代入上式得()12n n n S S S -- ()211n n S S ---=整理得()22112n n S S n --=≥.又当1n =时, 211121S a a -=解得11S =;∴数列{}2n S 是首项为1,公差为1的等差数列. (2)由(1)可得211n S n n =+-=,∵{}n a 是各项都为正数,∴n S ,∴12)n n n a S S n -=-=≥, 又111a S ==,∴n a则(1)(1)n nn n n b a -===-,6411)T ∴=-+-+⋅⋅⋅-+=11-+⋅⋅⋅8,即:648T =.∴{}n b 的前64项和648T =.9.(2022·辽宁·模拟预测)已知n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,1522a a +=,()22n n S n a n =-+. (1)求{}n a 的通项公式; (2)设()1821nn n n n b a a ++=-⋅,求数列{}n b 的前21n 项和21n T +. 【答案】(1)41n a n =-(2)8102421n n +-+(1)解:设等差数列{}n a 的公差为d . 由1522a a +=,得311a =,由()22n n S n a n =-+,得()2222S a =-, 又21222S a a a d =+=-,解得4d =, 所以()3341n a a n d n =+-=-. (2)由(1)得()1821nn n n n b a a ++=-⋅, ()()()8214143+=-⋅-+nn n n ,()1114143⎛⎫=-+ ⎪-+⎝⎭n n n ,所以21123221++=+++++n n n T b b b b b ,111111113771111158183⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+++-++++ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪-+⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭n n 118387⎛⎫-+ ⎪++⎝⎭n n , 11387=--+n ,8102421+=-+n n .10.(2022·山东济宁·三模)已知等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,且31a =,67S =,数列{}n b 满足11222n n b b b ++++=-.(1)求数列{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)记()tan n n n c b a π=⋅,求数列{}n c 的前3n 项和. 【答案】(1)3n n a =,2nn b =(2))187n - (1)解:设等差数列{}n a 的公差为d ,则3161216157a a d S a d =+=⎧⎨=+=⎩,解得113a d ==,所以,()111333n na n =+-=,当1n =时,21222b ,当2n ≥时,112122n n n b b b b +-++++=-,可得12122n n b b b -+++=-,上述两个等式作差可得1222n n nn b +=-=,12b =也满足2n n b =,故对任意的N n *∈,2n n b =.(2)解:由(1)可得2tan3nn n c π=, 设(323132323132202n n n n n n n p c c c -----=++=⨯+=,所以,18nn p p +==,所以,数列{}n p 是等比数列,且首项为1p =-8, 因此,数列{}n c 的前3n 项和为))31818187n n n T ---==-.11.(2022·陕西西安·三模(理))设公差不为零的等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,36S =,2a ,4a ,8a 成等比数列,数列{}n b 满足11b =,121n n b b +=+. (1)求数列{}n a 和{}n b 的通项公式; (2)求10021πsin 2kk k aa =⎛⎫⋅⋅ ⎪⎝⎭∑的值.【答案】(1)n a n =,21nn b =-;(2)5000-.(1)设等差数列{}n a 的公差为d (0d ≠),由题意得()()()31211133637S a d a d a d a d =+=⎧⎪⎨+=++⎪⎩,解得111a d =⎧⎨=⎩, 故数列{}n a 的通项公式n a n =. ∵121n n b b +=+,∴()1121n n b b ++=+,即1121n n b b ++=+(*n ∈N ),又11b =, ∴{}1n b +是以2为首项,2为公比的等比数列,12nn b +=, ∴21nn b =-.(2)当2k m =,*m ∈N 时,()22πsin 2sin π02k k a a m m ⎛⎫⋅⋅== ⎪⎝⎭,当21k m =-,*m ∈N 时,()()()2122π21sin 21sinπ12122m k k m a a m m +-⎛⎫⋅⋅=-=-⋅- ⎪⎝⎭, ∴10022222221πsin 135797992kk k aa =⎛⎫⋅⋅=-+-+⋅⋅⋅+- ⎪⎝⎭∑()()()()()()1313575797999799=-++-++⋅⋅⋅+-+()2135797995000=-⨯++++⋅⋅⋅++=-.12.(2022·江苏·南京市第一中学三模)数列{}n a 满足116nn n a a +=,12a =.(1)求{}n a 的通项公式;(2)若2sin 2n n n b a π=,求数列{}n b 的前20项和20S .【答案】(1)212n n a -=(2)()4022115- (1)116nn n a a +=11216n n n a a +++∴=,两式相除得:216n na a +=, 当21n k =-时, 1357211352316k k k a a a a a a a a ---⨯⨯⨯⨯= 121216k k a --∴=⨯ ,212n n a -∴=当2n k =时, 168242462216k kk a a a a a a a a --⨯⨯⨯⨯= 12816k k a -∴=⨯,212n n a -∴=综上所述,{}n a 的通项公式为:212n n a -=(2)由(1)知:212n n a -∴=2212sin 2n n n b π-∴= ∴ 数列{}n b 的前20项和:20123419201357373949163614002sin2sin2sin 2sin 2sin2sin 222222S b b b b b b ππππππ=++++++=⋅+⋅+⋅+⋅++⋅+⋅1537373993614164002sin 2sin 2sin2sin 2sin 2sin222222ππππππ⎛⎫⎛⎫=⋅+⋅++⋅+⋅+⋅++⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭()()()104401593337404421222122222221122115⎡⎤--⎢⎥⎣⎦=+++++===--- 13.(2022·广东茂名·模拟预测)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,满足()213n n S a =-,*n N ∈. (1)求数列{}n a 的通项公式; (2)记sin2n n n b a π=⋅,求数列{}n b 的前100项的和100T . 【答案】(1)()2nn a =-,n *∈N (2)101225- (1)当2n ≥时,()()11221133n n n n n a S S a a --=-=---, 整理得12nn a a -=-, 又()111213a S a ==-,得12a =- 则数列{}n a 是以-2为首项,-2为公比的等比数列. 则()2nn a =-,n *∈N(2)当4,n k k N *=∈时,()4442sin 02k kk b π=-⋅=, 当41,n k k N *=-∈时,()()444111412sin22k k k k b π----=-⋅=, 当42,n k k N *=-∈时,()()4242422sin 02k k k b π---=-⋅=, 当43,n k k N *=-∈时,()()444333432sin22k k k k b π----=-⋅=-,则()()5973799100123100222222T b b b b =++++=-+++++++()()25254334101442222222212125-⋅-⋅-=-+=--。

浙江高考数列经典例题汇总.docx

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浙江高考数列经典例题汇总1.【2014年.浙江卷.理19】(本题满分14分)已知数列 和'bn ■满足a 1a2an= (J 2 F (n 匸 N )若 En }为等比数列 且 a 1 = 2, 3 = 6 + b 2 .(I ) 求 a n 与 bn ;(∏ )设Cn TE 「N l 记数列⑺的前n 项和为S n(i )求 Sn ;(ii )求正整数k ,使得对任意n ∙ N ",均有S k- S n2.【2011年.浙江卷•理19】(本题满分14分)已知公差不为O 的等差数列{an }的首项a ^ a(aR ),设数列的前n 项和为Sn ,且a 1 ,(I)求数列{a n}的通项公式及 SnA l与Bn 的大小.% , %成等比数列A n(∏)记丄丄丄SS2S 3-B nSn丄丄丄a 〔 a ? a ?2丄a2n ,当n 一 2时,试比较3.【2008年•浙江卷•理22】 (本题14分)已知数列^n [ an≥0 a 1 = Oa ; 1 a . 1 T = a 2(n ∙ N t ) S n ^ a 1a 2 R nT n+1 a 1(1 a 1)(1 a 2)+…+(1 *1)(1 *2厂(1 a n )求证: 当n . N •时, (I) an ::: an 1 ;(∏)S n n -'2;(川)Tn < 3O4.【2007年浙江卷 理21】(本题15分)已知数列{an }中的相邻两项 舷」,如 是关于X 的 方程的两个根,且a 2k 」-a 2k (k =1,2,3,…) (I)求 a 1,a 3,a 5,a 7 ;1 5 *求证:Ln 讨n N )5.【2005年•浙江卷•理20】设点An (Xn , 0), Pn(Xn ,2 )和抛物线Cn : y = x2 + an X +1n 4bn(n ∈ N*)其中an = - 2 — 4n — 2 , Xn 由以下方法得到: x1 = 1,点P2(x2 , 2)在抛物 线C1 : y = x2 + a1x + b1上,点 A1(x1 , 0)到P2的距离是 A1到C1上点的最短距离,(∏)求数列{an}的前2n 项的和S2n ;f(n)T 直 3)(川)i 己 2 Sln n ,Tna.(-1)f ⑶.(-1)f (4). (-1)f (τa 5a6a2n∕a2na 3a4点 P n 1 (X n I ,2 )在抛物线 C n : = χ2 + an X + bn 上,点 Al(Xn , 0)到 Pn -1 的距离是 An 到 Cn 上点的最短距离.(求 x2及C1的方程. (∏证明{xn }是等差数列.16.【2015高考浙江,理20】已知数列 E 满足a ι=2且a n 1 = a n -a ^ ( n N i )-电-2*(1 )证明:1a n1( nN );1 / S n 』1/ 2 A(2)设数列® '的前n 项和为S n ,证明2(n∙2) n 2(n I) ( n N )a n% 1 < 12 丨 n = N*(I )证明: a n 白2心(a 1 -2 ) n 乏N *.a n(II )若7.【2016高考浙江理数】 设数列y 满足n2n ,证明:例1 .(浙江省新高考研究联盟 2017届高三下学期期初联考) 已知数列^a n 满足a 1=3,(III )若 2c n=b n ,求证:2≤(c ^1)n <3∙C n例2 •(浙江省温州中学 2017届高三3月高考模拟)正项数列a n a n- 3an 12an 1 ,a i _ 1•(I )求a 2的值;(∏)证明:对任意的 n∙ N , a n 乞2a n1;(川)记数列Ia nI 的前n 项和为S h ,证明:对任意的 n∙ Na n+ι=a n 2+2a n , n ∈ N* , 设b n =∣og 2(a n +1)∙ ⑴求{a n }的通项公式;:a n ∙'满足(II )求证:例3•(浙江省温州市十校联合体2017届高三上学期期末) 已知数列{a n}满足12a naι =1,a8 n(1)若数列{a n}是常数列,求m的值;(2)当m∙1时,求证:a n::: a n 1;(3)求最大的正数m,使得a n 4对一切整数n恒成立,并证明你的结论。

高考数学(理)真题专题汇编:数列

高考数学(理)真题专题汇编:数列

高考数学(理)真题专题汇编:数列一、选择题1.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)设,a b R ∈,数列{a n }中,21,n n n a a a a b +==+,b N *∈ ,则( )A. 当101,102b a => B. 当101,104b a => C. 当102,10b a =->D. 当104,10b a =->2.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)已知,a b R ∈,函数32,0()11(1),032x x f x x a x ax x <⎧⎪=⎨-++≥⎪⎩,若函数()y f x ax b =--恰有三个零点,则( ) A. 1,0a b <-< B. 1,0a b <-> C. 1,0a b >->D. 1,0a b >-<3.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)设三棱锥V -ABC 的底面是正三角形,侧棱长均相等,P 是棱VA 上的点(不含端点),记直线PB 与直线AC 所成角为α,直线PB 与平面ABC 所成角为β,二面角P -AC -B 的平面角为γ,则( )A. ,βγαγ<<B. ,βαβγ<<C. ,βαγα<<D. ,αβγβ<<4.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷) 在同一直角坐标系中,函数11,log (02a x y y x a a ⎛⎫==+> ⎪⎝⎭且0)a ≠的图象可能是( ) A. B.C. D.5.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷) 若0,0ab >>,则“4a b +≤”是 “4ab ≤”的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件6.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)祖暅是我国南北朝时代的伟大科学家.他提出的“幂势既同,则积不容异”称为祖暅原理,利用该原理可以得到柱体的体积公式V Sh =柱体,其中S 是柱体的底面积,h 是柱体的高,若某柱体的三视图如图所示,则该柱体的体积(cm 3)是( )A. 158B. 162C. 182D. 3247.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)若实数x ,y 满足约束条件3403400x y x y x y -+≥⎧⎪--≤⎨⎪+≥⎩,则32z x y =+的最大值是( )A. -1B. 1C. 10D. 128.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)渐近线方程为0x y ±=的双曲线的离心率是( )B. 1D. 29.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)已知全集U ={-1,0,1,2,3},集合A ={0,1,2},B ={-1,0,1},则(C U A )∩B =( ) A. {-1} B. {0,1} C. {-1,2,3}D. {-1,0,1,3}二、填空题10.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)已知正方形ABCD 的边长为1,当每个(1,2,3,4,5,6)i i λ=取遍±1时,123456||AB BC CD DA AC BD λλλλλλ+++++的最小值是________;最大值是_______.11.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)已知a R ∈,函数3()f x ax x =-,若存在t R ∈,使得2|(2)()|3f t f t +-≤,则实数a 的最大值是____.12.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)已知椭圆22195x y +=的左焦点为F ,点P 在椭圆上且在x 轴的上方,若线段PF 的中点在以原点O 为圆心,OF 为半径的圆上,则直线PF 的斜率是_______. 13.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)在△ABC 中,90ABC ∠=︒,4AB =,3BC =,点D 在线段AC 上,若45BDC ∠=︒,则BD =____;cos ABD ∠=________.14.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)在二项式9)x 的展开式中,常数项是________;系数为有理数的项的个数是_______. 15.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)已知圆C 的圆心坐标是(0,m ),半径长是r .若直线230x y -+=与圆C 相切于点(2,1)A --,则m =_____,r =______.16.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷) 复数11z i=+(i 为虚数单位),则||z =________. 17.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)李明自主创业,在网上经营一家水果店,销售的水果中有草莓、京白梨、西瓜、桃,价格依次为60元/盒、65元/盒、80元/盒、90元/盒.为增加销量,李明对这四种水果进行促销:一次购买水果的总价达到120元,顾客就少付x 元.每笔订单顾客网上支付成功后,李明会得到支付款的80%.①当x =10时,顾客一次购买草莓和西瓜各1盒,需要支付__________元;②在促销活动中,为保证李明每笔订单得到的金额均不低于促销前总价的七折,则x 的最大值为__________.18.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)设函数f (x )=e x +a e −x (a 为常数).若f (x )为奇函数,则a =________;若f (x )是R 上的增函数,则a 的取值范围是___________.三、解答题19.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)已知实数0a ≠,设函数()=ln 0.f x a x x +>(Ⅰ)当34a =-时,求函数f (x )的单调区间;(Ⅱ)对任意21[,)e x ∈+∞均有()f x ≤ 求a 的取值范围. 注:e=2.71828…为自然对数的底数.20.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)如图,已知点F (1,0)为抛物线22(0)y px p =>,点F 为焦点,过点F 的直线交抛物线于A ,B 两点,点C 在抛物线上,使得△ABC 的重心G 在x 轴上,直线AC 交x 轴于点Q ,且Q在点F 右侧.记,AFG CQG △△的面积为12,S S .(I)求p的值及抛物线的标准方程;(Ⅱ)求12SS的最小值及此时点G的坐标.21.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)设等差数列{a n}的前n项和为S n,34a=,43a S=,数列{b n}满足:对每个12,,,n n n n n nn S b S b S b*++∈+++N成等比数列.(Ⅰ)求数列{a n},{b n}的通项公式;(Ⅱ)记,,2nnnac nb*=∈N证明:12+2,.nc c c n n*++<∈N22.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)如图,已知三棱柱ABC-A1B1C1,平面A1AC1C⊥平面ABC,90ABC∠=︒,1130,,,BAC A A AC AC E F∠=︒==分别是AC,A1B1的中点.(I)证明:EF⊥BC;(Ⅱ)求直线EF与平面A1BC所成角的余弦值.23.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)设函数()sin ,f x x x =∈R .(I )已知[0,2),θ∈π函数()f x θ+是偶函数,求θ的值; (Ⅱ)求函数22[()][()]124y f x f x ππ=+++ 的值域. 24.【来源】2019年高考真题——数学(浙江卷)设01a <<,则随机变量X 的分布列是:则当a 在(0,1)内增大时( ) A. D (X )增大 B. D (X )减小 C. D (X )先增大后减小D. D (X )先减小后增大25.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)已知数列{a n },从中选取第i 1项、第i 2项、…、第i m 项(i 1<i 2<…<i m ),若12m i i i a a a <<⋅⋅⋅<,则称新数列12m i i i a a a ⋅⋅⋅,,,为{a n }的长度为m 的递增子列.规定:数列{a n }的任意一项都是{a n }的长度为1的递增子列.(Ⅰ)写出数列1,8,3,7,5,6,9的一个长度为4的递增子列;(Ⅱ)已知数列{a n }的长度为p 的递增子列的末项的最小值为0m a ,长度为q 的递增子列的末项的最小值为0n a .若p <q ,求证:0m a <0n a ;(Ⅲ)设无穷数列{a n }的各项均为正整数,且任意两项均不相等.若{a n }的长度为s 的递增子列末项的最小值为2s –1,且长度为s 末项为2s –1的递增子列恰有2s -1个(s =1,2,…),求数列{a n }的通项公式.26.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)已知函数321()4f x x x x =-+. (Ⅰ)求曲线()y f x =的斜率为1的切线方程;(Ⅱ)当[2,4]x ∈-时,求证:6()x f x x -≤≤;(Ⅲ)设()|()()|()F x f x x a a =-+∈R ,记F (x )在区间[-2,4]上的最大值为M (a ),当M (a )最小时,求a 的值.27.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)已知抛物线C :x 2=−2py 经过点(2,−1). (Ⅰ)求抛物线C 的方程及其准线方程;(Ⅱ)设O 为原点,过抛物线C 的焦点作斜率不为0的直线l 交抛物线C 于两点M ,N ,直线y =−1分别交直线OM ,ON 于点A 和点B .求证:以AB 为直径的圆经过y 轴上的两个定点.28.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A ,B 两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A ,B 两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A 和仅使用B 的学生的支付金额分布情况如下:(Ⅰ)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率; (Ⅱ)从样本仅使用A 和仅使用B 的学生中各随机抽取1人,以X 表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X 的分布列和数学期望;(Ⅲ)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A 的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由. 29.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)如图,在四棱锥P –ABCD 中,PA ⊥平面ABCD ,AD ⊥CD ,AD ∥BC ,PA =AD =CD =2,BC =3.E 为PD 的中点,点F 在PC 上,且13PF PC =.(Ⅰ)求证:CD⊥平面PAD;(Ⅱ)求二面角F–AE–P的余弦值;(Ⅲ)设点G在PB上,且23PGPB=.判断直线AG是否在平面AEF内,说明理由.30.【来源】2019年高考真题——理科数学(北京卷)在△ABC中,a=3,b−c=2,cos B=12 -.(Ⅰ)求b,c的值;(Ⅱ)求sin(B–C)的值.试卷答案1. A 【分析】本题综合性较强,注重重要知识、基础知识、运算求解能力、分类讨论思想的考查.本题从确定不动点出发,通过研究选项得解.【详解】选项B :不动点满足2211042x x x ⎛⎫-+=-= ⎪⎝⎭时,如图,若1110,,22n a a a ⎛⎫=∈< ⎪⎝⎭,排除如图,若a 为不动点12则12n a = 选项C :不动点满足22192024x x x ⎛⎫--=--= ⎪⎝⎭,不动点为ax 12-,令2a =,则210n a =<,排除选项D :不动点满足221174024x x x ⎛⎫--=--= ⎪⎝⎭,不动点为1712x =±,令1712a =,则171102n a =±<,排除. 选项A :证明:当12b =时,2222132431113117,,12224216a a a a a a =+≥=+≥=+≥≥, 处理一:可依次迭代到10a ; 处理二:当4n ≥时,221112n n n a a a +=+≥≥,则117117171161616log 2log log 2n n n n a a a -++>⇒>则12117(4)16n na n -+⎛⎫≥≥ ⎪⎝⎭,则626410217164646311114710161616216a ⨯⎛⎫⎛⎫≥=+=++⨯+⋯⋯>++> ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.故选A【点睛】遇到此类问题,不少考生会一筹莫展.利用函数方程思想,通过研究函数的不动点,进一步讨论a 的可能取值,利用“排除法”求解. 2. D 【分析】本题综合性较强,注重重要知识、基础知识、运算求解能力、分类讨论思想及数形结合思想的考查.研究函数方程的方法较为灵活,通常需要结合函数的图象加以分析. 【详解】原题可转化为()y f x =与y ax b =+,有三个交点.当BC AP λ=时,2()(1)()(1)f x x a x a x a x '=-++=--,且(0)0,(0)f f a ='=,则(1)当1a ≤-时,如图()y f x =与y ax b =+不可能有三个交点(实际上有一个),排除A ,B(2)当1a >-时,分三种情况,如图()y f x =与y ax b =+若有三个交点,则0b <,答案选D下面证明:1a >-时,BC AP λ=时3211()()(1)32F x f x ax b x a x b =--=-+-,2()(1)((1))F x x a x x x a '=-+=-+,则(0)0 ,(+1)<0F >F a ,才能保证至少有两个零点,即310(1)6b a >>-+,若另一零点在0<【点睛】遇到此类问题,不少考生会一筹莫展.由于方程中涉及,a b 两个参数,故按“一元化”想法,逐步分类讨论,这一过程中有可能分类不全面、不彻底.. 3. B 【分析】本题以三棱锥为载体,综合考查异面直线所成的角、直线与平面所成的角、二面角的概念,以及各种角的计算.解答的基本方法是通过明确各种角,应用三角函数知识求解,而后比较大小.而充分利用图形特征,则可事倍功半.【详解】方法1:如图G 为AC 中点,V 在底面ABC 的投影为O ,则P 在底面投影D 在线段AO 上,过D 作DE 垂直AE ,易得//PE VG ,过P 作//PF AC 交VG 于F ,过D 作//DH AC ,交BG 于H ,则,,BPF PBD PED α=∠β=∠γ=∠,则cos cos PF EG DH BD PB PB PB PB α===<=β,即αβ>,tan tan PD PDED BDγ=>=β,即γ>β,综上所述,答案为B.方法2:由最小角定理βα<,记V AB C --的平面角为γ'(显然γ'=γ) 由最大角定理β<γ'=γ,故选B.法2:(特殊位置)取V ABC -为正四面体,P 为VA 中点,易得333222cos sin sin α=⇒α=β=γ=B. 【点睛】常规解法下易出现的错误有,不能正确作图得出各种角.未能想到利用“特殊位置法”,寻求简便解法. 4. D【分析】本题通过讨论a 的不同取值情况,分别讨论本题指数函数、对数函数的图象和,结合选项,判断得出正确结论.题目不难,注重重要知识、基础知识、逻辑推理能力的考查.【详解】当01a <<时,函数xy a =过定点(0,1)且单调递减,则函数1xy a =过定点(0,1)且单调递增,函数1log 2a y x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭过定点1(,0)2且单调递减,D 选项符合;当1a >时,函数x y a =过定点(0,1)且单调递增,则函数1x y a=过定点(0,1)且单调递减,函数1log 2a y x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭过定点1(,02)且单调递增,各选项均不符合.综上,选D.【点睛】易出现的错误有,一是指数函数、对数函数的图象和性质掌握不熟,导致判断失误;二是不能通过讨论a 的不同取值范围,认识函数的单调性. 5.A 【分析】本题根据基本不等式,结合选项,判断得出充分性成立,利用“特殊值法”,通过特取,a b的值,推出矛盾,确定必要性不成立.题目有一定难度,注重重要知识、基础知识、逻辑推理能力的考查.【详解】当0, 0a >b >时,a b +≥,则当4a b +≤时,有4a b ≤+≤,解得4ab ≤,充分性成立;当=1, =4a b 时,满足4ab ≤,但此时=5>4a+b ,必要性不成立,综上所述,“4a b +≤”是“4ab ≤”的充分不必要条件.【点睛】易出现的错误有,一是基本不等式掌握不熟,导致判断失误;二是不能灵活的应用“赋值法”,通过特取,a b 的值,从假设情况下推出合理结果或矛盾结果. 6. B【分析】本题首先根据三视图,还原得到几何体—棱柱,根据题目给定的数据,计算几何体的体积.常规题目.难度不大,注重了基础知识、视图用图能力、基本计算能力的考查.【详解】由三视图得该棱柱的高为6,底面可以看作是由两个直角梯形组合而成的,其中一个上底为4,下底为6,高为3,另一个的上底为2,下底为6,高为3,则该棱柱的体积为264633616222++⎛⎫⨯+⨯⨯=⎪⎝⎭. 【点睛】易错点有二,一是不能正确还原几何体;二是计算体积有误.为避免出错,应注重多观察、细心算.7. C 【分析】本题是简单线性规划问题的基本题型,根据“画、移、解”等步骤可得解.题目难度不大题,注重了基础知识、基本技能的考查.【详解】在平面直角坐标系内画出题中的不等式组表示的平面区域为以(-1,1),(1,-1),(2,2)为顶点的三角形区域(包含边界),由图易得当目标函数=3+2z x y 经过平面区域的点(2,2)时,=3+2z x y 取最大值max 322210z =⨯+⨯=.【点睛】解答此类问题,要求作图要准确,观察要仔细.往往由于由于作图欠准确而影响答案的准确程度,也有可能在解方程组的过程中出错. 8. C 【分析】本题根据双曲线的渐近线方程可求得1a b ==,进一步可得离心率.容易题,注重了双曲线基础知识、基本计算能力的考查.【详解】因为双曲线的渐近线为0x y ±=,所以==1a b ,则c ==的离心率ce a==【点睛】理解概念,准确计算,是解答此类问题的基本要求.部分考生易出现理解性错误. 9. A 【分析】本题借根据交集、补集的定义可得.容易题,注重了基础知识、基本计算能力的考查. 【详解】={1,3}U C A -,则(){1}U C A B =-【点睛】易于理解集补集的概念、交集概念有误. 10.0 【分析】本题主要考查平面向量的应用,题目难度较大.从引入“基向量”入手,简化模的表现形式,利用转化与化归思想将问题逐步简化. 【详解】()()12345613562456AB BC CD DA AC BD AB ADλ+λ+λ+λ+λ+λ=λ-λ+λ-λ+λ-λ+λ+λ要使123456AB BC CD DA AC BD λ+λ+λ+λ+λ+λ的最小,只需要135562460λ-λ+λ-λ=λ-λ+λ+λ=,此时只需要取1234561,1,1,1,1,1λ=λ=-λ=λ=λ=λ=此时123456min0AB BC CD DA AC BDλ+λ+λ+λ+λ+λ=等号成立当且仅当1356,,λ-λλ-λ均非负或者均非正,并且2456,,λ-λλ+λ均非负或者均非正。

考向27 数列求和经典题型归纳(十二大经典题型)(原卷版)

考向27  数列求和经典题型归纳(十二大经典题型)(原卷版)

考向27 数列求和经典题型归纳经典题型一:通项分析法 经典题型二:公式法 经典题型三:错位相减法 经典题型四:分组求和法 经典题型五:裂项相消法 经典题型六:倒序相加法 经典题型七:并项求和 经典题型八:先放缩后裂项求和 经典题型九:分段数列求和经典题型十:含绝对值、取整、取小数等数列求和 经典题型十一:数列插项求和 经典题型十二:数列奇偶项求和(2022·全国·高考真题)记n S 为数列{}n a 的前n 项和,已知11,n n S a a ⎧⎫=⎨⎬⎩⎭是公差为13的等差数列.(1)求{}n a 的通项公式; (2)证明:121112na a a +++<.(2022·天津·高考真题)设{}n a 是等差数列,{}n b 是等比数列,且1122331a b a b a b ==-=-=. (1)求{}n a 与{}n b 的通项公式;(2)设{}n a 的前n 项和为n S ,求证:()1111n n n n n n n S a b S b S b +++++=-;(3)求211(1)nkk k k k a a b +=⎡⎤--⎣⎦∑.一.公式法(1)等差数列{}n a 的前n 项和11()(1)22++==+n n n a a n n S na d ,推导方法:倒序相加法.(2)等比数列{}n a 的前n 项和111(1)11,,=⎧⎪=-⎨≠⎪-⎩n n na q S a q q q,推导方法:乘公比,错位相减法.(3)一些常见的数列的前n 项和: ①112123(1)==++++=+∑nk k n n n ;122462(1)==++++=+∑nk k n n n②21(21)135(21)=-=++++-=∑n k k n n ; ③22222116123(1)(21)==++++=++∑nk k n n n n ;④3333321(1)2123[]=+=++++=∑nk n n k n二.几种数列求和的常用方法(1)分组转化求和法:一个数列的通项公式是由若干个等差或等比或可求和的数列组成的,则求和时可用分组求和法,分别求和后相加减.(2)裂项相消法:把数列的通项拆成两项之差,在求和时中间的一些项可以相互抵消,从而求得前n 项和.(3)错位相减法:如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应项之积构成的,那么求这个数列的前n 项和即可用错位相减法求解.(4)倒序相加法:如果一个数列{}n a 与首末两端等“距离”的两项的和相等或等于同一个常数,那么求这个数列的前n 项和即可用倒序相加法求解.常见的裂项技巧 积累裂项模型1:等差型(1)111(1)1=-++n n n n (2)1111()()=-++n n k k n n k(3)21111()4122121=---+n n n (4)1111(1)(2)2(1)(1)(2)⎡⎤=-⎢⎥+++++⎣⎦n n n n n n n(5)211111()(1)(1)(1)2(1)(1)==---+-+n n n n n n n n n(6)22111414(21)(21)⎡⎤=+⎢⎥-+-⎣⎦n n n n (7)314(1)(3)11114()()(1)(2)(3)(1)(2)(3)2312++-+==---++++++++++n n n n n n n n n n n n n(8)[]1(1)(1)(2)(1)(1).3+=++--+n n n n n n n n (9)[]1(1)(2)(1)(2)(3)(1)(1)(2)4++=+++--++n n n n n n n n n n n (10)1111(1)(2)(3)3(1)(2)(1)(2)(3)⎡⎤=-⎢⎥++++++++⎣⎦n n n n n n n n n n(11)2222211111)(()+=-++n n n n n (12)222211112)42)((⎡⎤+=-⎢⎥++⎣⎦n n n n n 积累裂项模型2:根式型 (111=+++n n n n(21(=+++n k n kn k n(31(2121)22121=+--++n n n n(42211(1)11111(1)(1)1++++==+-+++n n n n n n n n (533322221121+++-+-+n n n n n 3333322233111(21121)+-+-++--+n nn n n n n n n(62(1)1(1)1(1)11(1)(1)+-++-+===++++⎡⎤+-+⎣⎦n n n n n n n n n n n n n n n n n n积累裂项模型3:指数型(1)11112(21)(21)11(21)(21)(21)(21)2121++++---==-------n n n n n n nn n (2)113111()(31)(31)23131++=-----n n n n n(3)122(1)21111(1)2(1)2122(1)2-++-⎛⎫==-⋅=- ⎪+⋅+⋅+⋅+⋅⎝⎭n n n n nn n n n n n n n n n n (4)1111(41)31911333(2)2(2)22-+--⎛⎫⎡⎤-⋅=-⋅=- ⎪⎢⎥+++⎣⎦⎝⎭n n n n n n n n n n n(5)11(21)(1)(1)(1)(1)++⋅---=-++n n n n n n n n (6)1 3-=⋅n n a n ,设1()3[(1)]3-=+--+⋅n n n a an b a n b ,易得11,24==-a b ,于是111(21)3(23)344-=---⋅n n n a n n(7)222111(1)2(1)(1)(42)2(1)(42)2(1)2(1)2(1)2+++-++++-++-++==⋅⋅+⋅+⋅+⎡⎤⎣⎦nn n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n1111(1)1111(1)(1)(1)()22(1)2222(1)2++++⎡⎤⎡⎤---=+-+=-+-⎢⎥⎢⎥⋅+⋅⋅+⋅⎣⎦⎣⎦n n n n n n n n n n n n n n 积累裂项模型4:对数型 11log log log ++=-n a n aa a n na a a 积累裂项模型5:三角型 (1)11(tan tan )cos cos sin()=--αβαβαβ(2)[]11tan(1)tan cos cos(1)sin1=+︒-︒︒+︒︒n n n n(3)1tan tan (tan tan )1tan()=---αβαβαβ(4)[]tan tan(1)tan tan(1);tan1tan (1)1tan tan(1)--=⋅-=--=+⋅-n n n a n n n n n ,则tan tan(1)tan tan(1)tan tan(1)1,1tan1tan1----⋅-=-=-n n n n n n n a积累裂项模型6:阶乘(1)1!(1)!1(1)!+=-+n n n n (2)2(2)(2)!(1)!(221111=-!(1)!!(2)!!(2)!2)++++++===++++++n n n n n n n n n n n n n 常见放缩公式: (1)()()21111211<=-≥--n n n n n n ; (2)()2111111>=-++n n n n n ; (3)2221441124412121⎛⎫=<=- ⎪--+⎝⎭n n n n n ; (4)()()()11!111112!!!11+=⋅=⋅<<=-≥---rr n r r n T C r n r n r n r r r r r; (5)()1111111312231⎛⎫+<+++++< ⎪⨯⨯-⎝⎭nn n n;(6(()2121=<=--≥+-+n nn n n n n n ; (7(211=>=++++n n n n n n n ;(8222212111212122=<==--++-++-++n n nn nn n n n ;(9)()()()()()()()1211222211212121212122212121---=<==----------nn n n n n n n n n n n n()2≥n ; (10()()()()3211111111+--=<+---+-+⋅n n n n n n n n n n n n n()()1121111211⎡⎤++-⎢==+---+⎢-+⎣n n n n n n n n n n n ()2211<≥-+n n n ;(11()()()3221111-+--+-⋅+⋅n n n nn n n n nn n n n()()21211--=≥--n nn n nn n;(12)()()01211122221111111=<==--++-+++-n n n n n C C C n n n n ; (13)()()()111121122121212121---<=-≥-----n n n nn n n . (14)21211112()2()+-+++--=<<=-n n n n n nnn n .经典题型一:通项分析法1.(2022·云南民族大学附属中学模拟预测(理))数列112,134,158,1716,,()1212n n -+,的前n 项和n S 的值等于_____________2.(2022·湖南·模拟预测)已知单调递减的正项数列{}n a ,2n ≥时满足()()()22111111210n n n n n n n n n a a a a a a a a a ----+++-++=.112n a S =,为{}n a 前n 项和.(1)求{}n a 的通项公式; (2)证明:11n S n >+3.(2022·全国·高三专题练习)求和()()()22122323322332322n n n n n S --=+++⋅++⋅⋅⋅++⋅+⋅+⋅⋅⋅+.4.数列9,99,999,⋯的前n 项和为( )A .10(101)9nn -+ B .101n - C .10(101)9n- D .10(101)9nn --经典题型二:公式法5.已知等差数列{}n a 中,29a =,521a =. (1)求{}n a 的通项公式;(2)令2na nb =,求数列{}n b 的前n 项和n S .6.如图,从点1(0,0)P 做x 轴的垂线交曲线x y e =于点1(0,1)Q ,曲线在1Q 点处的切线与x 轴交于点2P ,再从2P 做x 轴的垂线交曲线于点2Q ,依次重复上述过程得到一系列点:1P ,1Q ;2P ,2Q ⋯;n P ,n Q ,记k P 点的坐标为(k x ,0)(1k =,2,⋯,)n .(Ⅰ)试求k x 与1k x -的关系(2)k n ; (Ⅱ)求112233||||||||n n PQ P Q PQ P Q +++⋯+.经典题型三:错位相减法7.(2022·浙江·高三开学考试)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且111,1n n a S a +==-,数列{}n b 为等差数列,且4365231,7a b S b =+=. (1)求{}n a 与{}n b 的通项公式;(2)记nn n b c a=,求{}n c 的前n 项和为n T .8.(2022·广东深圳·高三阶段练习)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且38n n S a +=. (1)求数列{}n a 的通项公式;(2)若数列{}n na 的前n 项和为n T ,证明:329n T <.9.(2022·河南·高三开学考试(文))在①121n n a a +=+;②122n n S n +=--;③2n n S a n =-,三个条件中任选一个,补充到下面问题的横线处,并解答. 已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且11a =,______. (1)n a ;(2)设n n b na =求数列{}n b 的前n 项和n T .注:如果选择多个条件解答,按第一个解答计分.10.(2022·湖北·应城市第一高级中学高三开学考试)在数列{}n a 中,11111,1,421n n n n a a b a a +==-=-,其中N n *∈. (1)证明数列{}n b 是等差数列,并写出证明过程; (2)设122n nn b b c -=,数列{}n c 的前n 项和为n T ,求n T ;经典题型四:分组求和法11.(2022·河南省杞县高中高三开学考试(文))已知数列{}n a 满足213,21n n a a a +==+,设1n n b a =+.(1)证明:{}n b 是等比数列; (2)求13521n a a a a +++++.12.(2022·广东·高三开学考试)已知数列{}n a 满足13a =,22a =,21,213,2n n n a n k a a n k+-=-⎧=⎨=⎩.(1)求数列{}n a 的通项公式; (2)求数列{}n a 的前2n 项的和2n S .13.(2022·甘肃·高台县第一中学高三开学考试(文))已知公差不为0的等差数列{}n a 满足11a =.若5a ,2a ,1a 成等比数列.(1)求{}n a 的通项公式;(2)设12n n n b a -=+,求数列{}n b 的前n 项和n S14.(2022·河南·高三开学考试(文))已知等比数列{}n a 的公比大于1,26a =,1320a a +=. (1)求{}n a 的通项公式; (2)若12331log log 22n n n n b a a a ++=+,求{}n b 的前n 项和n T .15.(2022·河南·高三开学考试(理))已知等差数列{}n a 的公差为(0)d d >,前n 项和为n S ,等差数列{}n b 的公差为2d ,且13b =,36S =,73a b =. (1)求数列{}n a ,{}n b 的通项公式;(2)设112nan n n c b b +=+,求数列{}n c 的前n 项和n C .经典题型五:裂项相消法16.(2022·安徽·芜湖一中模拟预测)已知数列{}n a 满足:()12121,3,21,n n n a a a a a n *++==+=+∈N .(1)证明数列{}1n n a a +-为等差数列,并求数列{}n a 的通项公式.(2)若524n n c a n ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭,证明:121111nc c c +++<.17.(2022·黑龙江·高三开学考试)已知数列{}n a 的首项为1,满足3434a a a a -=,且2n na a +,21n n a a ++,1成等差数列. (1)求{}n a 的通项公式;(2)证明:1232343451214n n n a a a a a a a a a a a a +++++⋅⋅⋅+<.18.(2022·浙江·高三开学考试)已知数列{}n a 为公差不为0的等差数列,且21244,,,a a a a =成等比数列.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)设n S 为数列{}n a 的前n 项和,令1(1)n n n na b S +=-,求数列{}n b 的前2022项和.19.(2022·云南·昆明一中高三开学考试)已知数列{}n a 的前n 项和为,0n n S a >,且2241n n n a a S +=-.(1)求{}n a 的通项公式;(2)设1nn n n S b a a +=的前n 项和为n T ,求n T .20.(2022·安徽·高三开学考试)已知数列{}n a 满足(12122n n a a a a n -+++-=-且)*Nn ∈,且24a =.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)设数列()()1211n n n a a +⎧⎫⎪⎪⎨⎬--⎪⎪⎩⎭的前n 项和为n T ,求证:213n T <.21.(2022·全国·高三专题练习)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且满足12a =,1436n n n a a S ++=+.(1)求n a ;(2)求数列()21n n n n a ⎧⎫+⎪⎪⎨⎬+⎪⎪⎩⎭的前n 项和.22.(2022·河南·高三开学考试(文))已知数列{}n a 是递增的等差数列,3a 是1a 与11a 的等比中项,且25a =.若1n n n b a a +{}n b 的前n 项和n S =( ) A 322n +B 352n +C 325n +D 355n +经典题型六:倒序相加法23.(2022·全国·高三专题练习)德国大数学家高斯年少成名,被誉为数学届的王子,19岁的高斯得到了一个数学史上非常重要的结论,就是《正十七边形尺规作图之理论与方法》.在其年幼时,对123100+++⋯⋯+的求和运算中,提出了倒序相加法的原理,该原理基于所给数据前后对应项的和呈现一定的规律生成,因此,此方法也称之为高斯算法,现有函数()22x x f x +{}n a 满足()121(0)(1)N n n a f f f f f n n n n *-⎛⎫⎛⎫⎛⎫=+++++∈ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,若12n n n b a +=,则{}n b 的前n 项和n S =_________.24.(2022·全国·高三专题练习)设函数()12ln xf x x -=+,11a =,()*21N 1,23n n a f f n f f n n n n n -⎛⎫=+++⋅ ⎪⋅⋅+∈≥ ⎪⎝⎛⎫⎛⎫⎛⎫ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎭.则数列{}n a 的前n 项和n S =______.25.(2022·湖南·麻阳苗族自治县第一中学高三开学考试)德国大数学家高斯年少成名,被誉为数学界的王子.在其年幼时,对123100++++的求和运算中,提出了倒序相加法的原理,该原理基于所给数据前后对应项的和呈现一定的规律生成;因此,此方法也称之为高斯算法.现有函数4()42xx f x =+,则1232018()()()()2019201920192019f f f f ++++等于( ) A .1008B .1009C .2018D .201926.(2022·全国·高三专题练习)函数()ln f x x =,其中()()2f x f y +=,记()()()11*ln ln ln ln nn n nn S x x y xyy n N --=++++∈,则202211i iS==∑( )A .20222023 B .20232022 C .20234044D .40442023经典题型七:并项求和27.(2022·全国·高三专题练习)数列{}n a 满足12(1)31n n n a a n +++-=-,前16项和为540,则2a =__.28.(2022·全国·高三专题练习(文))在等差数列{an }中,a 3+a 5=a 4+7,a 10=19,则数列{an cos nπ}的前2020项的和为( ) A .1009B .1010C .2019D .202029.(2022·全国·高三专题练习)已知数列{}n a 的通项公式为(1)sin 2n n a n n π=+⋅(n ∈+N ),其前n 项和为n S ,则8S =_______.30.(2022·江苏·高邮市第一中学高三阶段练习)已知数列{}n a 满足120a a +=,(1)22(1)2n n n n a a +++-=,则数列{}n a 的前2020项的和为( )A .0B .1010C .2020D .202431.(2022·河北唐山·一模)已知数列{}n a 满足11a =-,()11112nn n a a n ++-=-,记数列{}n a 的前n 项和为n S . (1)求101S 的值; (2)求n S 的最大值.经典题型八:先放缩后裂项求和32.(2022·黑龙江·哈尔滨市第六中学校高三阶段练习)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且满足112a =,()1202n n n a S S n -+=≥(1)求n a 和 n S(2)求证:22221231124n S S S S n+++⋯+≤-.33.(2022·全国·高三专题练习)已知数列{}n a 前n 项和为n S 满足12S =,()132n n S S n N *+=+∈.(1)求通项公式n a ; (2)设()n n n a S b n N *=∈,求证:1221 (32)n b b b n +++-≤.34.(2022·全国·高三专题练习)求证:11114313213217n -+++<+⨯+⋅+.经典题型九:分段数列求和35.(2022·湖南·高三阶段练习)已知数列{}n a 中,11a =,12n n n a a +=,令2n n b a =.(1)求数列{}n b 的通项公式;(2)若222,2log log nn n n b n c n b b +⎧⎪⎪=⎨⎪⎪+⎩为奇数为偶数,求数列{}n c 的前14项和.36.(2022·全国·模拟预测)已知数列{}n a 满足11a =,1,,2,.n n na n a a n +⎧=⎨⎩为奇数为偶数 (1)令2n nb a =,求1b ,2b 及{}n b 的通项公式; (2)求数列{}n a 的前2n 项和2n S .37.(2022·全国·高三专题练习)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且2,,为奇数为偶数⎧=⎨⎩n n n S n n(1)求{}n a 的通项公式;(2)设1n n n b a a +=+,求数列{}n b 的前20项和20T .38.(2022·重庆·高三阶段练习)已知数列{}n a 的前n 项和()2n S n n R λλ=+∈,且36a =,正项等比数列{}n b 满足:11b a =,2324b b a a +=+. (1)求数列{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)若2021n n c b =-,求数列{}n c 的前n 项和n T .经典题型十:含绝对值、取整、取小数等数列求和 39.(2022·全国·高三专题练习)已知正项数列{}n a 满足222320nn a a n n--=(n *∈N ). (1)求数列{}n a 的通项公式; (2)令π3|sin |124n n a b =-,记{}n b 的前n 项和为n S ,求2021S .40.(2022·全国·高三专题练习)已知数列{}n a 的前n 项和()2n S n n R λλ=+∈,且36a =,正项等比数列{}n b 满足:11b a =,2324b b a a +=+. (1)求数列{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)若2021n n c b =-,求数列{}n c 的前n 项和n T .41.(2022·湖南·麻阳苗族自治县第一中学高三开学考试)已知n S 是数列{}n a 的前n 项和,5(4)n S n n =+(1)求{}n a 的通项公式;(2)设[]n n b a =,求数列{}n b 的前10项和,其中[]x 表示不超过x 的最大整数,如[]0.90=,[]2.62=.42.(2022·全国·高三专题练习)若数列{}n a 满足1222a a ==,且21n n n a a a ++=-,则{}n a 的前100项和为( ) A .67B .68C .134D .16743.(2022·上海中学高三期中)已知数列{}n x 满足00x =且112,k k x x k N *-+=+∈,则1232021++++x x x x 的最小值是___________.44.(2022·全国·高三专题练习)已知[]x 表示不超过x 的最大整数,例如:[2.3]2=,[]1.52-=-在数列{}n a 中,[]lg ,n a n n N +=∈,记n T 为数列{}n a 的前n 项和,则2021T = ___________. 45.(2022·浙江·高三专题练习)已知数列24nn a n =-,则数列{}n a 的前n 项和n S =___________.经典题型十一:数列插项求和46.(2022·广东广州·高三开学考试)已知集合{}21,A x x n n *==-∈N ,{}=3,n B x x n *=∈N ,将A 与B 中的所有元素按从小到大的顺序排列构成数列{}n a (若有相同元素,按重复方式计入排列)为1,3,3,5,7,9,9,11,….,设数列{}n a 的前n 项和为n S . (1)若27m a =,求m 的值; (2)求50S 的值.47.(2022·全国·高三专题练习)已知数列{}n a ,{}n b 的通项公式分别为2n a n =,2n n b =,现从数列{}n a 中剔除{}n a 与{}n b 的公共项后,将余下的项按照从小到大的顺序进行排列,得到新的数列{}n c ,则数列{}n c 的前150项之和为( ) A .23804B .23946C .24100D .2461248.(2022·全国·高三专题练习)“提丢斯数列”,是由18世纪德国数学家提丢斯给出,具体如下:0,3,6,12,24,48,96,192,,容易发现,从第3项开始,每一项是前一项的2倍;将每一项加上4得到一个数列:4,7,10,16,28,52,100,196,;再将每一项除以10后得到:“提丢斯数列”:0.4,0.7,1.0,1.6,2.8,5.2,10.0,,则下列说法中,正确的是( ) A .“提丢斯数列”是等比数列B .“提丢斯数列”的第99项为9832410⋅+C .“提丢斯数列”前31项和为30321211010⋅+D .“提丢斯数列”中,不超过20的有9项经典题型十二:数列奇偶项求和49.(2022·全国·高三专题练习)设数列{}n a 是公差大于零的等差数列,已知13a =,22424a a =+.(1)求数列{}n a 的通项公式; (2)设数列{}n b 满足sin ()cos ()n n n a n b a n ππ⎧=⎨⎩为奇数为偶数,求122021b b b ++⋅⋅⋅+.50.(2022·广东佛山·三模)设各项非零的数列{}n a 的前n 项和记为n S ,记123n n T S S S S =⋅⋅⋅⋅⋅,且满足220n n n n S T S T --=.(1)求1T 的值,证明数列{}n T 为等差数列并求{}n T 的通项公式;(2)设(1)nn nc na -=,求数列{}n c 的前n 项和n K .51.(2022·全国·高三专题练习)在数列{}n a 中,15a =,且()*121n n a a n N +=-∈.(1)证明:{}1n a -为等比数列,并求{}n a 的通项公式; (2)令(1)n n n b a =-⋅,求数列{}n b 的前n 项和n S .52.(2022·全国·高三专题练习)已知数列{}n a 满足15a =,214321n n a a n n +=-++.(1)证明:数列{}2n a n-为等比数列.(2)求数列(){}1nn a -的前n 项和n S .53.(2022·江苏·高三专题练习)设n S 为数列{}n a 的前n 项和,*1(1)()2n n n nS a n N +=-∈,则数列{}n S 的前7项和为________.1.(2021·浙江·高考真题)已知数列{}n a 满足)111,N 1nn na a n a *+==∈+.记数列{}n a 的前n 项和为n S ,则( ) A .100332S << B .10034S << C .100942S <<D .100952S <<2.(2020·江苏·高考真题)设{an }是公差为d 的等差数列,{bn }是公比为q 的等比数列.已知数列{an +bn }的前n 项和221()n n S n n n +=-+-∈N ,则d +q 的值是_______.3.(2022·全国·高考真题)记n S 为数列{}n a 的前n 项和,已知11,n n S a a ⎧⎫=⎨⎬⎩⎭是公差为13的等差数列.(1)求{}n a 的通项公式; (2)证明:121112na a a +++<.4.(2021·全国·高考真题(文))设{}n a 是首项为1的等比数列,数列{}n b 满足3nn na b =.已知1a ,23a ,39a 成等差数列. (1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)记n S 和n T 分别为{}n a 和{}n b 的前n 项和.证明:2nn S T <.5.(2020·天津·高考真题)已知{}n a 为等差数列,{}n b 为等比数列,()()115435431,5,4a b a a a b b b ===-=-.(Ⅰ)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(Ⅱ)记{}n a 的前n 项和为n S ,求证:()2*21n n n S S S n ++<∈N ;(Ⅲ)对任意的正整数n ,设()21132,,,.n nn n n n n a b n a a c a n b +-+⎧-⎪⎪=⎨⎪⎪⎩为奇数为偶数求数列{}n c 的前2n 项和.6.(2020·全国·高考真题(理))设{}n a 是公比不为1的等比数列,1a 为2a ,3a 的等差中项. (1)求{}n a 的公比;(2)若11a =,求数列{}n na 的前n 项和.7.(2020·全国·高考真题(理))设数列{an }满足a 1=3,134n n a a n +=-. (1)计算a 2,a 3,猜想{an }的通项公式并加以证明; (2)求数列{2nan }的前n 项和Sn .8.(2021·全国·高考真题)某校学生在研究民间剪纸艺术时,发现剪纸时经常会沿纸的某条对称轴把纸对折,规格为20dm 12dm ⨯的长方形纸,对折1次共可以得到10dm 12dm ⨯,20dm 6dm ⨯两种规格的图形,它们的面积之和21240dm S =,对折2次共可以得到5dm 12dm ⨯,10dm 6dm ⨯,20dm 3dm ⨯三种规格的图形,它们的面积之和22180dm S =,以此类推,则对折4次共可以得到不同规格图形的种数为______;如果对折n 次,那么1nkk S==∑______2dm .。

浙江高考数列经典例题汇总

浙江高考数列经典例题汇总

浙江高考数列经典例题汇总1.【2014年.浙江卷.理19】(本题满分14分)已知数列{}n a 和{}n b 满足()()*∈=N n a a a nb n 221 .若{}na 为等比数列,且.6,2231b ba +==(Ⅰ)求na 与nb ;(Ⅱ)记的大小求证:当∙∈N n 时, (Ⅰ)1+<n n a a ; (Ⅱ)2->n S n ;(Ⅲ)3<n T 。

4.【2007年.浙江卷.理21】(本题15分)已知数列{}n a 中的相邻两项21,2k ka a -是关于x 的方程的两个根,且212(1,2,3,)k k a a k -≤=(Ⅰ)求1,357,,a a a a ;(Ⅱ)求数列{}n a 的前2n 项的和2nS ;(1|sin |()(3)n f n =+(2)(3)(4)(1)(1)(1)(1)(1)f f f f n n T a a +----=++++C1C1(2)设数列{}2na 的前n 项和为n S ,证明112(2)2(1)n S n n n ≤≤++(n ∈*N )7.【2016高考浙江理数】设数列{}n a满足112n n a a +-≤,n *∈N .(I )证明:()1122n n a a -≥-,n *∈N ;(II )若32nn a ⎛⎫≤ ⎪⎝⎭,n *∈N ,证明:2n a ≤,n *∈N . 例1.(浙江省新高考研究联盟2017届高三下学期期初联考)已知数列{}n a 满足a 1=3,a n+1=a n 2+2a n ,n ∈N*,设b n =log 2(a n +1). (I )求{a n }的通项公式;例4.(浙江省温州市2017届高三下学期返校联考)设数列{}{},n n a b 均为正项数列,其中1122,1,3a b b ===,且满足:,11,n n n a b a ++成等比数列,,1,n n n b a b +成等差数列。

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其中前 n 项和为 Sn ,且对任意 n N ,都有 a n 1
an an 2 2
(1 ) 若 a1 1 , a505 2017,求 a6 的最大值
(2 ) 对任意 n N ,都有 Sn 1 ,求证 0 an a n 1
2 n(n 1)
1 设数列 an 满足 an 1 an2 an 1 n N* , Sn 为 an 的前 n 项和 .证明:对任意 n N* ,
( 1) f ( n 1) a2 n 1a2n
1 求证: 6
Tn
5 (n 24
N*)
5. 【 2005 年 .浙江卷 .理 20 】 设点 An ( xn , 0) , Pn ( xn ,2 n 1) 和抛物线 Cn : y=x2 + an x +
1 bn(n ∈ N*),其中 an=- 2- 4n - 2n 1 , xn 由以下方法得到:
an 1
an
1 2
an2

n
N
(1 )若 a1
a (a 0) ,求 1
1 2a
2 a1
1 2 a2
1
的值;
2 a10
(2 )当 a 0时,定义数列 bn , b1 ak (k 12) , bn 1 1 1 2bn ,是否存在正整
数 i, j (i j ) ,使得 bi bj
不存在,说明理由。
12 aa
an
1 n2 ;
an 1
n
1
(3 )证明: an
.
4
13 . 对任意正整数 n ,设 an 是关于 x 的方程 x3 nx 1 的最大实数根
(1 )求证: n an an 1 n 2
(2 )当 n 4 时,对任意的正整数 m, n m
n an m an 2( n m
n)
2
1
(3 )设数列 { an2 } 的前 n 项和为 Sn ,求证: ln(1
(Ⅲ)记数列 an 的前 n 项和为 Sn ,证明:对任意的 n N , 2
1 n 1 Sn 3 .
2
例 3.(浙江省温州市十校联合体 2017 届高三上学期期末) 已知数列 { an } 满足 a1 1,an 1 1 an2 m ,
8 (1) 若数列 { an} 是常数列,求 m 的值; (2 )当 m 1时,求证: an an 1 ;
1
(2 )设数列
{ } 的前 Sn
n 项和为
Tn ,是否存在正整数
,对任意
m, n N * , 不等式 Tm - Sn 0恒成立?若存在,求出 的最小值,若不存在,请说明理由
9. 已知数列 an 满足: a1 1,an 1 a n
a
2 n
2
n
N
.
n1
(Ⅰ)证明: an 1 1 an
1
2;
n1
2n 1
数列 an 满足 a1
1

2
例 9.( 2017 年 4 月浙江金华十校联考) 数列 an 满足 a1
1 , an 1 an
2
1 (n N ) n
(1) 求证: an 2 n
an ; n1
11
1
(2) 求证: 2( n 1 1
....
n
2a3 3a4
(n 1)an 2
例 10 .( 2017 年 4 月杭州高三年级教学质量检测) 已知数列数列 an 的各项均为非负数,
(i )求 Sn ;
(ii)求正整数 k ,使得对任意 n N ,均有 Sk Sn .
2. 【 2011 年 .浙江卷 .理 19 】(本题满分 14 分)已知公差不为 0的等差数列 { an} 的首项 a1 a
111 ( a R ),设数列的前 n 项和为 Sn ,且 a1 , a2 , a4 成等比数列
a
2 n
1
an 1
1
a
2 n
(
n
N ) . Sn
a1 a2
an
1
1
Tn
1 a1 (1 a1 )(1 a 2 )
1 (1 a1)(1 a2 )
(1 an ) .
求证:当 n N 时, (Ⅰ) an an 1 ; (Ⅱ) Sn n 2; (Ⅲ) Tn 3。
4. 【2007 年.浙江卷 .理 21 】(本题 15 分) 已知数列 { an} 中的相邻两项 a2k a 1, 2k 是关于 x 的
(1 )若数列 { an} 是常数列,求 m 的值;
(2 )当 m 1时,求证: an an 1 ;
(3 )求最大的正数 m ,使得 an 4 对一切整数 n 恒成立,并证明你的结论 .
8. 已知数列 { an} 的前 n 项和为 Sn , 且 Sn
2an
3 2n , n
N* .
1 (1 )求证 { an 2n } 为等比数列,并求出数列 { an} 的通项公式;
方程的两个根,且 a2k 1 a2k (k 1,2,3, )
(Ⅰ)求 a1,a3 , a5 , a7 ;
(Ⅱ)求数列 { an} 的前 2n 项的和 S2n ;
f ( n)
( Ⅲ)记
1 | sin n |
(
3)
Tn
2 sin n

( 1)f (2) a1a2
( 1) f (3) a3a4
( 1) f (4) a5 a6

例 5.(浙江省台州市 2017 届高三上学期期末质量评估)已知
1
数列 an 满足 a1
,,
2
an 1
an2
ana , n N
2016
(1) 求证 an 1 an
(2) 求证 a2017 1
(3) 若证 ak 1 ,求证整数 k 的最小值。
例 6(. 浙江省杭州高级中学 2017 届高三 2 月高考模拟考试) 数列 an 定义为 a1 0 ,a11 a ,
7. 【 2016 高考浙江理数】 设数列 an 满足 an
an 1 2
1 ,n

(I )证明: an 2 n 1 a1 2(II )若
2 ,n
,证明: an 2 , n

例 1.(浙江省新高考研究联盟 2017 届高三下学期期初联考) 已知数列 an 满足 a1=3 ,
an+1 =a n2+2a n , n ∈ N* , 设 bn =log 2(a n +1). (I )求 {a n}的通项公式;
(Ⅱ)证明:
n3
an 1 n 1.
2
10 . 已知数列 a n 满足: a1
1, an 1
an
an (n 1)2
.(
n
N* ),
证明:当 n N * 时,
(Ⅰ ) an 1 an
1
1; (n 1)2
2(n 1)
(Ⅱ)
an 1 n 1
n3
.
11 . 已知数列 { an} 满足 a1
2 , an 1
5
2an , n 3 an
a2n c a2n 1 对所有的 n N 都成立?证明你的结论.
(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,设数列
1 an 的前 n 项的和为 Sn ,证明: 4
Sn n
1.
例 8.( 2017 年 4 月湖州、衢州、丽水三地教学质量检测)
an 1
an 2
a
2 n
an
(n 1
N)
(1 )证明: an 1 an ;
(2 )设 { an} 的前 n 项的和为 Sn ,证明: Sn 1 .
(Ⅰ)求数列 { an} 的通项公式及 Sn
An
(Ⅱ) 记
1 S1
1 S2
1 ... 1 Bn
S3
Sn ,
11 a1 a2
1 a22
... 1 a2n ,当 n 2 时,试比较
An 与 Bn 的大 小 .
3. 【 2008 年 .浙江卷 .理 22 】(本题 14 分)已知数列 an , an 0 , a1 0 ,
上点的最短距离. ( Ⅰ求)x2 及 C1 的方程.
( Ⅱ证)明 { xn }是等差数列.
1
6. 【 2015 高考浙江,理 20】 已知数列
an
满足
a1 =
2

an
1 = an
2
- an (
n
N* )
an 2
(1 )证明: 1 an 1
( n N * );
1
Sn
1
(2 )设数列 an2 的前 n 项和为 Sn ,证明 2( n 2) n 2( n 1) ( n N * )
x1 = 1,点 P2(x2 , 2) 在抛物
线 C1 : y= x2+ a1x +b1 上,点 A1(x1 , 0) 到 P2 的距离是 A1 到 C1 上点的最短距离, … ,
点 Pn 1 (xn 1,2 n ) 在抛物线 Cn :y =x2 + an x + bn 上,点 An ( xn ,0) 到 Pn 1的距离是 An 到 Cn
(Ⅰ)当 0 ≤ a1 ≤1 时, 0≤ an ≤1 ;
(Ⅱ)当 a1 1 时, an a1 1 a1n 1 ;
(Ⅲ)当 a1
1 时, n
2
2n Sn n .
2. 已知数列 an 满足 a1
1 2 且an 1
an
ban2( n N )
(1) b
1, 求证 :1 a n 2 an 1
(2) b
2, 数列
n )
3
Sn
1
2n 3
N.
1
(1 )求 a2 ,并求数列
{ } 的通项公式; an
(2 )设 { an} 的前 n 项的和为 Sn ,求证:
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