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2020年湖北省荆州市中考数学模拟试卷解析版

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2020年湖北省荆州市中考数学试卷附详细答案解析

2020年湖北省荆州市中考数学试卷附详细答案解析

2020年湖北省荆州市中考数学试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题只有唯一正确答案，每小题3分，共30分）1．（3分）下列实数中最大的数是（）A．3 B．0 C． D．﹣42．（3分）中国企业2016年已经在“一带一路”沿线国家建立了56个经贸合作区，直接为东道国增加了180 000个就业岗位．将180 000用科学记数法表示应为（）A．18×104B．1.8×105C．1.8×106D．18×1053．（3分）一把直尺和一块三角板ABC（含30°、60°角）摆放位置如图所示，直尺一边与三角板的两直角边分别交于点D、点E，另一边与三角板的两直角边分别交于点F、点A，且∠CDE=40°，那么∠BAF的大小为（）A．40°B．45°C．50°D．10°4．（3分）为了解某班学生双休户外活动情况，对部分学生参加户外活动的时间进行抽样调查，结果如下表：户外活动的时间（小 1 2 3 6时）学生人数（人） 2 2 4 2则关于“户外活动时间”这组数据的众数、中位数、平均数分别是（）A．3、3、3 B．6、2、3 C．3、3、2 D．3、2、35．（3分）下列根式是最简二次根式的是（）A．B．C． D．6．（3分）如图，在△ABC中，AB=AC，∠A=30°，AB的垂直平分线l 交AC于点D，则∠CBD的度数为（）A．30°B．45°C．50°D．75°7．（3分）为配合荆州市“我读书，我快乐”读书节活动，某书店推出一种优惠卡，每张卡售价20元，凭卡购书可享受8折优惠．小慧同学到该书店购书，她先买优惠卡再凭卡付款，结果节省了10元．若此次小慧同学不买卡直接购书，则她需付款多少元？（）A．140元B．150元C．160元D．200元8．（3分）《九章算术》中的“折竹抵地”问题：今有竹高一丈，末折抵地，去根六尺．问折高者几何？意思是：一根竹子，原高一丈（一丈=10尺），一阵风将竹子折断，其竹梢恰好抵地，抵地处离竹子底部6尺远，问折断处离地面的高度是多少？设折断处离地面的高度为x尺，则可列方程为（）A．x2﹣6=（10﹣x）2B．x2﹣62=（10﹣x）2C．x2+6=（10﹣x）2 D．x2+62=（10﹣x）29．（3分）如图是某几何体的三视图，根据图中的数据，求得该几何体的体积为（）A．800π+1200 B．160π+1700 C．3200π+1200 D．800π+3000 10．（3分）规定：如果关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）有两个实数根，且其中一个根是另一个根的2倍，则称这样的方程为“倍根方程”．现有下列结论：①方程x2+2x﹣8=0是倍根方程；②若关于x的方程x2+ax+2=0是倍根方程，则a=±3；③若关于x的方程ax2﹣6ax+c=0（a≠0）是倍根方程，则抛物线y=ax2﹣6ax+c与x轴的公共点的坐标是（2，0）和（4，0）；④若点（m，n）在反比例函数y=的图象上，则关于x的方程mx2+5x+n=0是倍根方程．上述结论中正确的有（）A．①②B．③④C．②③D．②④二、填空题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）11．（3分）化简（π﹣3.14）0+|1﹣2|﹣+（）﹣1的结果是．12．（3分）若单项式﹣5x4y2m+n与2020x m﹣n y2是同类项，则m﹣7n的算术平方根是．13．（3分）若关于x的分式方程=2的解为负数，则k的取值范围为．14．（3分）观察下列图形：它们是按一定规律排列的，依照此规律，第9个图形中共有个点．15．（3分）将直线y=x+b沿y轴向下平移3个单位长度，点A（﹣1，2）关于y轴的对称点落在平移后的直线上，则b的值为．16．（3分）如图，A、B、C是⊙O上的三点，且四边形OABC是菱形．若点D是圆上异于A、B、C的另一点，则∠ADC的度数是．17．（3分）如图，在5×5的正方形网格中有一条线段AB，点A与点B均在格点上．请在这个网格中作线段AB的垂直平分线．要求：①仅用无刻度直尺，且不能用直尺中的直角；②保留必要的作图痕迹．18．（3分）如图，在平面直角坐标系中，矩形OABC的顶点A、C分别在x轴的负半轴、y轴的正半轴上，点B在第二象限．将矩形OABC 绕点O顺时针旋转，使点B落在y轴上，得到矩形ODEF，BC与OD相交于点M．若经过点M的反比例函数y=（x＜0）的图象交AB于点N，S矩形OABC=32，tan∠DOE=，则BN的长为．三、解答题（本大题共7小题，共66分）19．（10分）（1）解方程组：（2）先化简，再求值：﹣÷，其中x=2．20．（8分）如图，在矩形ABCD中，连接对角线AC、BD，将△ABC沿BC方向平移，使点B移到点C，得到△DCE．（1）求证：△ACD≌△EDC；（2）请探究△BDE的形状，并说明理由．21．（8分）某校为了解本校九年级学生足球训练情况，随机抽查该年级若干名学生进行测试，然后把测试结果分为4个等级：A、B、C、D，并将统计结果绘制成两幅不完整的统计图．请根据图中的信息解答下列问题：（1）补全条形统计图（2）该年级共有700人，估计该年级足球测试成绩为D等的人数为人；（3）在此次测试中，有甲、乙、丙、丁四个班的学生表现突出，现决定从这四个班中随机选取两个班在全校举行一场足球友谊赛．请用画树状图或列表的方法，求恰好选到甲、乙两个班的概率．22．（8分）如图，某数学活动小组为测量学校旗杆AB的高度，沿旗杆正前方2米处的点C出发，沿斜面坡度i=1：的斜坡CD前进4米到达点D，在点D处安置测角仪，测得旗杆顶部A的仰角为37°，量得仪器的高DE为1.5米．已知A、B、C、D、E在同一平面内，AB ⊥BC，AB∥DE．求旗杆AB的高度．（参考数据：sin37°≈，cos37°≈，tan37°≈．计算结果保留根号）23．（10分）已知关于x的一元二次方程x2+（k﹣5）x+1﹣k=0，其中k为常数．（1）求证：无论k为何值，方程总有两个不相等实数根；（2）已知函数y=x2+（k﹣5）x+1﹣k的图象不经过第三象限，求k的取值范围；（3）若原方程的一个根大于3，另一个根小于3，求k的最大整数值．24．（10分）荆州市某水产养殖户进行小龙虾养殖．已知每千克小龙虾养殖成本为6元，在整个销售旺季的80天里，销售单价p（元/千克）与时间第t（天）之间的函数关系为：，日销售量y（千克）与时间第t（天）之间的函数关系如图所示：（1）求日销售量y与时间t的函数关系式？（2）哪一天的日销售利润最大？最大利润是多少？（3）该养殖户有多少天日销售利润不低于2400元？（4）在实际销售的前40天中，该养殖户决定每销售1千克小龙虾，就捐赠m（m＜7）元给村里的特困户．在这前40天中，每天扣除捐赠后的日销售利润随时间t的增大而增大，求m的取值范围．25．（12分）如图在平面直角坐标系中，直线y=﹣x+3与x轴、y轴分别交于A、B两点，点P、Q同时从点A出发，运动时间为t秒．其中点P沿射线AB运动，速度为每秒4个单位长度，点Q沿射线AO运动，速度为每秒5个单位长度．以点Q为圆心，PQ长为半径作⊙Q．（1）求证：直线AB是⊙Q的切线；（2）过点A左侧x轴上的任意一点C（m，0），作直线AB的垂线CM，垂足为M．若CM与⊙Q相切于点D，求m与t的函数关系式（不需写出自变量的取值范围）；（3）在（2）的条件下，是否存在点C，直线AB、CM、y轴与⊙Q同时相切？若存在，请直接写出此时点C的坐标；若不存在，请说明理由．2020年湖北省荆州市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10小题，每小题只有唯一正确答案，每小题3分，共30分）1．（3分）（2020•荆州）下列实数中最大的数是（）A．3 B．0 C． D．﹣4【分析】将各数按照从大到小顺序排列，找出最大数即可．【解答】解：各数排列得：3＞＞0＞﹣4，则实数找最大的数是3，故选A【点评】此题考查了实数大小比较，正确排列出大小顺序是解本题的关键．2．（3分）（2020•荆州）中国企业2016年已经在“一带一路”沿线国家建立了56个经贸合作区，直接为东道国增加了180 000个就业岗位．将180 000用科学记数法表示应为（）A．18×104B．1.8×105C．1.8×106D．18×105【分析】用科学记数法表示较大的数时，一般形式为a×10n，其中1≤|a|＜10，n为整数，据此判断即可．【解答】解：180000=1.8×105．故选：B．【点评】此题主要考查了用科学记数法表示较大的数，一般形式为a ×10n，其中1≤|a|＜10，确定a与n的值是解题的关键．3．（3分）（2020•荆州）一把直尺和一块三角板ABC（含30°、60°角）摆放位置如图所示，直尺一边与三角板的两直角边分别交于点D、点E，另一边与三角板的两直角边分别交于点F、点A，且∠CDE=40°，那么∠BAF的大小为（）A．40°B．45°C．50°D．10°【分析】先根据∠CDE=40°，得出∠CED=50°，再根据DE∥AF，即可得到∠CAF=50°，最后根据∠BAC=60°，即可得出∠BAF的大小．【解答】解：由图可得，∠CDE=40°，∠C=90°，∴∠CED=50°，又∵DE∥AF，∴∠CAF=50°，∵∠BAC=60°，∴∠BAF=60°﹣50°=10°，故选：D．【点评】本题主要考查了平行线的性质以及三角形内角和定理的运用，解题时注意：两直线平行，同位角相等．4．（3分）（2020•荆州）为了解某班学生双休户外活动情况，对部分学生参加户外活动的时间进行抽样调查，结果如下表：1 2 3 6户外活动的时间（小时）学生人数（人） 2 2 4 2则关于“户外活动时间”这组数据的众数、中位数、平均数分别是（）A．3、3、3 B．6、2、3 C．3、3、2 D．3、2、3【分析】根据中位数、平均数和众数的概念求解即可．【解答】解：∵共10人，∴中位数为第5和第6人的平均数，∴中位数=（3+3）÷3=5；平均数=（1×2+2×2+3×4+6×2）÷10=3；众数是一组数据中出现次数最多的数据，所以众数为3；故选A．【点评】本题考查平均数、中位数和众数的概念．一组数据的总和除以这组数据个数所得到的商叫这组数据的平均数；在一组数据中出现次数最多的数叫做这组数据的众数；将一组数据从小到大依次排列，把中间数据（或中间两数据的平均数）叫做中位数．5．（3分）（2020•荆州）下列根式是最简二次根式的是（）A．B．C． D．【分析】根据最简二次根式是被开方数不含分母，被开方数不含开的尽的因数或因式，可得答案．【解答】解：A、该二次根式的被开方数中含有分母，不是最简二次根式，故本选项错误；B、该二次根式的被开方数中含有小数，不是最简二次根式，故本选项错误；C、该二次根式符合最简二次根式的定义，故本选项正确；D、20=22×5，该二次根式的被开方数中含开的尽的因数，不是最简二次根式，故本选项错误；故选：C．【点评】本题考查了最简二次根式，最简二次根式是被开方数不含分母，被开方数不含开的尽的因数或因式．6．（3分）（2020•荆州）如图，在△ABC中，AB=AC，∠A=30°，AB 的垂直平分线l交AC于点D，则∠CBD的度数为（）A．30°B．45°C．50°D．75°【分析】根据三角形的内角和定理，求出∠C，再根据线段垂直平分线的性质，推得∠A=∠ABD=30°，由外角的性质求出∠BDC的度数，从而得出∠CBD=45°．【解答】解：∵AB=AC，∠A=30°，∴∠ABC=∠ACB=75°，∵AB的垂直平分线交AC于D，∴AD=BD，∴∠A=∠ABD=30°，∴∠BDC=60°，∴∠CBD=180°﹣75°﹣60°=45°．故选B．【点评】此题主要考查线段的垂直平分线的性质和等腰三角形的性质；利用三角形外角的性质求得求得∠BDC=60°是解答本题的关键．本题的解法很多，用底角75°﹣30°更简单些．7．（3分）（2020•荆州）为配合荆州市“我读书，我快乐”读书节活动，某书店推出一种优惠卡，每张卡售价20元，凭卡购书可享受8折优惠．小慧同学到该书店购书，她先买优惠卡再凭卡付款，结果节省了10元．若此次小慧同学不买卡直接购书，则她需付款多少元？（）A．140元B．150元C．160元D．200元【分析】此题的关键描述：“先买优惠卡再凭卡付款，结果节省了人民币10元”，设出未知数，根据题中的关键描述语列出方程求解．【解答】解：设小慧同学此次购书的总价值是人民币是x元，则有：20+0.8x=x﹣10解得：x=150即：小慧同学不凭卡购书的书价为150元．故选：B．【点评】本题考查一元一次方程的应用，关键在于找出题目中的等量关系，根据等量关系列出方程解答．8．（3分）（2020•荆州）《九章算术》中的“折竹抵地”问题：今有竹高一丈，末折抵地，去根六尺．问折高者几何？意思是：一根竹子，原高一丈（一丈=10尺），一阵风将竹子折断，其竹梢恰好抵地，抵地处离竹子底部6尺远，问折断处离地面的高度是多少？设折断处离地面的高度为x尺，则可列方程为（）A．x2﹣6=（10﹣x）2B．x2﹣62=（10﹣x）2C．x2+6=（10﹣x）2 D．x2+62=（10﹣x）2【分析】根据题意画出图形，设折断处离地面的高度为x尺，再利用勾股定理列出方程即可．【解答】解：如图，设折断处离地面的高度为x尺，则AB=10﹣x，BC=6，在Rt△ABC中，AC2+BC2=AB2，即x2+62=（10﹣x）2．故选D．【点评】本题考查的是勾股定理的应用，在应用勾股定理解决实际问题时勾股定理与方程的结合是解决实际问题常用的方法，关键是从题中抽象出勾股定理这一数学模型，画出准确的示意图，领会数形结合的思想的应用．9．（3分）（2020•荆州）如图是某几何体的三视图，根据图中的数据，求得该几何体的体积为（）A．800π+1200 B．160π+1700 C．3200π+1200 D．800π+3000 【分析】根据给出的几何体的三视图可知几何体是由一个圆柱和一个长方体组成，从而利用三视图中的数据，根据体积公式计算即可．【解答】解：由三视图可知，几何体是由一个圆柱和一个长方体组成，圆柱底面直径为20，高为8，长方体的长为30，宽为20，高为5，故该几何体的体积为：π×102×8+30×20×5=800π+3000，故选：D．【点评】本题考查的是由三视图判断几何体的形状并计算几何体的体积，由该三视图中的数据确定圆柱的底面直径和高是解本题的关键．（3分）（2020•荆州）规定：如果关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0 10．（a≠0）有两个实数根，且其中一个根是另一个根的2倍，则称这样的方程为“倍根方程”．现有下列结论：①方程x2+2x﹣8=0是倍根方程；②若关于x的方程x2+ax+2=0是倍根方程，则a=±3；③若关于x的方程ax2﹣6ax+c=0（a≠0）是倍根方程，则抛物线y=ax2﹣6ax+c与x轴的公共点的坐标是（2，0）和（4，0）；④若点（m，n）在反比例函数y=的图象上，则关于x的方程mx2+5x+n=0是倍根方程．上述结论中正确的有（）A．①②B．③④C．②③D．②④【分析】①通过解方程得到该方程的根，结合“倍根方程”的定义进行判断；②设x2=2x1，得到x1•x2=2x12=2，得到当x1=1时，x2=2，当x1=﹣1时，x2=﹣2，于是得到结论；③根据“倍根方程”的定义即可得到结论；④若点（m，n）在反比例函数y=的图象上，得到mn=4，然后解方程mx2+5x+n=0即可得到正确的结论；【解答】解：①由x2﹣2x﹣8=0，得（x﹣4）（x+2）=0，解得x1=4，x2=﹣2，∵x1≠2x2，或x2≠2x1，∴方程x2﹣2x﹣8=0不是倍根方程．故①错误；②关于x的方程x2+ax+2=0是倍根方程，∴设x2=2x1，∴x1•x2=2x12=2，∴x1=±1，当x1=1时，x2=2，当x1=﹣1时，x2=﹣2，∴x1+x2=﹣a=±3，∴a=±3，故②正确；③关于x的方程ax2﹣6ax+c=0（a≠0）是倍根方程，∴x2=2x1，∵抛物线y=ax2﹣6ax+c的对称轴是直线x=3，∴抛物线y=ax2﹣6ax+c与x轴的交点的坐标是（2，0）和（4，0），故③正确；④∵点（m，n）在反比例函数y=的图象上，∴mn=4，解mx2+5x+n=0得x1=﹣，x2=﹣，∴x2=4x1，∴关于x的方程mx2+5x+n=0不是倍根方程；故选C．【点评】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，根与系数的关系，正确的理解倍根方程的定义是解题的关键．二、填空题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）11．（3分）（2020•荆州）化简（π﹣3.14）0+|1﹣2|﹣+（）﹣1的结果是 2 ．【分析】原式利用零指数幂、负整数指数幂法则，绝对值的代数意义化简，计算即可得到结果．【解答】解：原式=1+2﹣1﹣2+2=2，故答案为：2【点评】此题考查了实数的运算，零指数幂、负整数指数幂，熟练掌握运算法则是解本题的关键．12．（3分）（2020•荆州）若单项式﹣5x4y2m+n与2020x m﹣n y2是同类项，则m﹣7n的算术平方根是 4 ．【分析】根据同类项定义可以得到关于m、n的二元一次方程，即可求得m、n的值即可解题．【解答】解：∵单项式﹣5x4y2m+n与2020x m﹣n y2是同类项，∴4=m﹣n，2m+n=2，解得：m=2，n=﹣2，∴m﹣7n=16，∴m﹣7n的算术平方根==4，故答案为 4．【点评】本题考查了同类项的定义，考查了二元一次方程的求解，考查了算术平方根的定义，本题中求得m、n的值是解题的关键．13．（3分）（2020•荆州）若关于x的分式方程=2的解为负数，则k的取值范围为k＜3且k≠1 ．【分析】分式方程去分母转化为整式方程，表示出整式方程的解，根据解为负数确定出k的范围即可．【解答】解：去分母得：k﹣1=2x+2，解得：x=，由分式方程的解为负数，得到＜0，且x+1≠0，即≠﹣1，解得：k＜3且k≠1，故答案为：k＜3且k≠1【点评】此题考查了分式方程的解，以及解一元一次不等式，熟练掌握运算法则是解本题的关键．14．（3分）（2020•荆州）观察下列图形：它们是按一定规律排列的，依照此规律，第9个图形中共有135 个点．【分析】仔细观察图形，找到图形变化的规律的通项公式，然后代入9求解即可．【解答】解：第一个图形有3=3×1=3个点，第二个图形有3+6=3×（1+2）=9个点；第三个图形有3+6+9=3×（1+2+3）=18个点；…第n个图形有3+6+9+…+3n=3×（1+2+3+…+n）=个点；当n=9时，=135个点，故答案为：135．【点评】本题考查了图形的变化类问题，解题的关键是能够找到图形的变化规律，然后求解．15．（3分）（2020•荆州）将直线y=x+b沿y轴向下平移3个单位长度，点A（﹣1，2）关于y轴的对称点落在平移后的直线上，则b的值为 4 ．【分析】先根据一次函数平移规律得出直线y=x+b沿y轴向下平移3个单位长度后的直线解析式，再把点A（﹣1，2）关于y轴的对称点（1，2）代入，即可求出b的值．【解答】解：将直线y=x+b沿y轴向下平移3个单位长度，得直线y=x+b﹣3．∵点A（﹣1，2）关于y轴的对称点是（1，2），∴把点（1，2）代入y=x+b﹣3，得1+b﹣3=2，解得b=4．故答案为4．【点评】本题考查了一次函数图象与几何变换，关于y轴对称的点坐标特征，一次函数图象上点的坐标特征，熟练记忆函数平移规律是解题关键．16．（3分）（2020•荆州）如图，A、B、C是⊙O上的三点，且四边形OABC是菱形．若点D是圆上异于A、B、C的另一点，则∠ADC的度数是60°或120°．【分析】连接OB，则AB=OA=OB故可得出△AOB是等边三角形，所以∠ADC=60°，∠A D′C=120°，据此可得出结论．【解答】解：连接OB，∵四边形OABC是菱形，∴AB=OA=OB=BC，∴△AOB是等边三角形，∴∠ADC=60°，∠AD′C=120°．故答案为：60°或120°．【点评】本题考查的是圆内接四边形的性质，熟知圆内接四边形的对角互补是解答此题的关键．17．（3分）（2020•荆州）如图，在5×5的正方形网格中有一条线段AB，点A与点B均在格点上．请在这个网格中作线段AB的垂直平分线．要求：①仅用无刻度直尺，且不能用直尺中的直角；②保留必要的作图痕迹．【分析】以AB为边作正方形ABCD，正方形ABEF，连接AC，BD交于O，连接AE，BF交于O′，过O，O′作直线OO′于是得到结论．【解答】解：如图所示，直线OO′即为所求．【点评】本题考查了作图﹣应用与设计作图，正方形的性质，线段的垂直平分线的性质，正确的作出图形是解题的关键．18．（3分）（2020•荆州）如图，在平面直角坐标系中，矩形OABC的顶点A、C分别在x轴的负半轴、y轴的正半轴上，点B在第二象限．将矩形OABC绕点O顺时针旋转，使点B落在y轴上，得到矩形ODEF，BC与OD相交于点M．若经过点M的反比例函数y=（x＜0）的图象交AB于点N，S矩形OABC=32，tan∠DOE=，则BN的长为 3 ．【分析】利用矩形的面积公式得到AB•BC=32，再根据旋转的性质得AB=DE，OD=OA，接着利用正切的定义得到an∠DOE==，所以DE•2DE=32，解得DE=4，于是得到AB=4，OA=8，同样在Rt△OCM中利用正切定义得到MC=2，则M（﹣2，4），易得反比例函数解析式为y=﹣，然后确定N点坐标，最后计算BN的长．【解答】解：∵S矩形OABC=32，∴AB•BC=32，∵矩形OABC绕点O顺时针旋转，使点B落在y轴上，得到矩形ODEF，∴AB=DE，OD=OA，在Rt△ODE中，tan∠DOE==，即OD=2DE，∴DE•2DE=32，解得DE=4，∴AB=4，OA=8，在Rt△OCM中，∵tan∠COM==，而OC=AB=4，∴MC=2，∴M（﹣2，4），把M（﹣2，4）代入y=得k=﹣2×4=﹣8，∴反比例函数解析式为y=﹣，当x=﹣8时，y=﹣=1，则N（﹣8，1），∴BN=4﹣1=3．故答案为3．【点评】本题考查了旋转图形的坐标：图形或点旋转之后要结合旋转的角度和图形的特殊性质来求出旋转后的点的坐标．常见的是旋转特殊角度如：30°，45°，60°，90°，180°．也考查了反比例函数图象上点的坐标特征和解直角三角形．三、解答题（本大题共7小题，共66分）19．（10分）（2020•荆州）（1）解方程组：（2）先化简，再求值：﹣÷，其中x=2．【分析】（1）根据代入消元法可以解答此方程；（2）根据分式的除法和减法可以化简题目中的式子，然后将x的值代入化简后的式子即可解答本题．【解答】解：（1）将①代入②，得3x+2（2x﹣3）=8，解得，x=2，将x=2代入①，得y=1，故原方程组的解是；（2）﹣÷===，当x=2时，原式=．【点评】本题考查分式的化简求值、解二元一次方程，解答本题的关键是明确它们各自的计算方法．20．（8分）（2020•荆州）如图，在矩形ABCD中，连接对角线AC、BD，将△ABC沿BC方向平移，使点B移到点C，得到△DCE．（1）求证：△ACD≌△EDC；（2）请探究△BDE的形状，并说明理由．【分析】（1）由矩形的性质得出AB=DC，AC=BD，AD=BC，∠ADC=∠ABC=90°，由平移的性质得：DE=AC，CE=BC，∠DCE=∠ABC=90°，DC=AB，得出AD=EC，由SAS即可得出结论；（2）由AC=BD，DE=AC，得出BD=DE即可．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴AB=DC，AC=BD，AD=BC，∠ADC=∠ABC=90°，由平移的性质得：DE=AC，CE=BC，∠DCE=∠ABC=90°，DC=AB，∴AD=EC，在△ACD和△EDC中，，∴△ACD≌△EDC（SAS）；（2）解：△BDE是等腰三角形；理由如下：∵AC=BD，DE=AC，∴BD=DE，∴△BDE是等腰三角形．【点评】此题主要考查了平移的性质、矩形的性质、全等三角形的判定；熟练掌握矩形的性质，证明三角形全等是解决问题的关键．21．（8分）（2020•荆州）某校为了解本校九年级学生足球训练情况，随机抽查该年级若干名学生进行测试，然后把测试结果分为4个等级：A、B、C、D，并将统计结果绘制成两幅不完整的统计图．请根据图中的信息解答下列问题：（1）补全条形统计图（2）该年级共有700人，估计该年级足球测试成绩为D等的人数为56 人；（3）在此次测试中，有甲、乙、丙、丁四个班的学生表现突出，现决定从这四个班中随机选取两个班在全校举行一场足球友谊赛．请用画树状图或列表的方法，求恰好选到甲、乙两个班的概率．【分析】（1）根据A等学生人数除以它所占的百分比求得总人数，然后乘以B等所占的百分比求得B等人数，从而补全条形图；（2）用该年级学生总数乘以足球测试成绩为D等的人数所占百分比即可求解；（3）利用树状图法，将所有等可能的结果列举出来，利用概率公式求解即可．【解答】解：（1）总人数为14÷28%=50人，B等人数为50×40%=20人．条形图补充如下：（2）该年级足球测试成绩为D等的人数为700×=56（人）．故答案为56；（3）画树状图：共有12种等可能的结果数，其中选取的两个班恰好是甲、乙两个班的情况占2种，所以恰好选到甲、乙两个班的概率是=．【点评】本题考查了列表法与树状图法：通过列表法或树状图法展示所有可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式求事件A或B的概率．也考查了样本估计总体、扇形统计图和条形统计图．22．（8分）（2020•荆州）如图，某数学活动小组为测量学校旗杆AB 的高度，沿旗杆正前方2米处的点C出发，沿斜面坡度i=1：的斜坡CD前进4米到达点D，在点D处安置测角仪，测得旗杆顶部A 的仰角为37°，量得仪器的高DE为1.5米．已知A、B、C、D、E在同一平面内，AB⊥BC，AB∥DE．求旗杆AB的高度．（参考数据：sin37°≈，cos37°≈，tan37°≈．计算结果保留根号）【分析】延长ED交BC延长线于点F，则∠CFD=90°，Rt△CDF中求得CF=CDcos∠DCF=2、DF=CD=2，作EG⊥AB，可得GE=BF=4、GB=EF=3.5，再求出AG=GEtan∠AEG=4•tan37°可得答案．【解答】解：如图，延长ED交BC延长线于点F，则∠CFD=90°，∵tan∠DCF=i==，∴∠DCF=30°，∵CD=4，∴DF=CD=2，CF=CDcos∠DCF=4×=2，∴BF=BC+CF=2+2=4，过点E作EG⊥AB于点G，则GE=BF=4，GB=EF=ED+DF=1.5+2=3.5，又∵∠AED=37°，∴AG=GEtan∠AEG=4•tan37°，则AB=AG+BG=4•tan37°+3.5=3+3.5，故旗杆AB的高度为（3+3.5）米．【点评】本题主要考查解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题和坡度坡比问题，掌握仰角俯角和坡度坡比的定义，并根据题意构建合适的直角三角形是解题的关键．23．（10分）（2020•荆州）已知关于x的一元二次方程x2+（k﹣5）x+1﹣k=0，其中k为常数．（1）求证：无论k为何值，方程总有两个不相等实数根；（2）已知函数y=x2+（k﹣5）x+1﹣k的图象不经过第三象限，求k的取值范围；（3）若原方程的一个根大于3，另一个根小于3，求k的最大整数值．【分析】（1）求出方程的判别式△的值，利用配方法得出△＞0，根据判别式的意义即可证明；（2）由于二次函数y=x2+（k﹣5）x+1﹣k的图象不经过第三象限，又△=（k﹣5）2﹣4（1﹣k）=（k﹣3）2+12＞0，所以抛物线的顶点在x轴的下方经过一、二、四象限，根据二次项系数知道抛物线开口向上，由此可以得出关于k的不等式组，解不等式组即可求解；（3）设方程的两个根分别是x1，x2，根据题意得（x1﹣3）（x2﹣3）＜0，根据一元二次方程根与系数的关系求得k的取值范围，再进一步求出k的最大整数值．【解答】（1）证明：∵△=（k﹣5）2﹣4（1﹣k）=k2﹣6k+21=（k﹣3）2+12＞0，∴无论k为何值，方程总有两个不相等实数根；（2）解：∵二次函数y=x2+（k﹣5）x+1﹣k的图象不经过第三象限，∵二次项系数a=1，∴抛物线开口方向向上，∵△=（k﹣3）2+12＞0，∴抛物线与x轴有两个交点，设抛物线与x轴的交点的横坐标分别为x1，x2，∴x1+x2=5﹣k＞0，x1•x2=1﹣k≥0，解得k≤1，即k的取值范围是k≤1；（3）解：设方程的两个根分别是x1，x2，根据题意，得（x1﹣3）（x2﹣3）＜0，即x1•x2﹣3（x1+x2）+9＜0，又x1+x2=5﹣k，x1•x2=1﹣k，代入得，1﹣k﹣3（5﹣k）+9＜0，解得k＜．则k的最大整数值为2．【点评】本题考查了抛物线与x轴的交点，二次函数的图象和性质，二次函数与一元二次方程的关系，根的判别式，根与系数的关系，综合性较强，难度适中．24．（10分）（2020•荆州）荆州市某水产养殖户进行小龙虾养殖．已知每千克小龙虾养殖成本为6元，在整个销售旺季的80天里，销售单价p（元/千克）与时间第t（天）之间的函数关系为：，日销售量y（千克）与时间第t（天）之间的函数关系如图所示：（1）求日销售量y与时间t的函数关系式？（2）哪一天的日销售利润最大？最大利润是多少？（3）该养殖户有多少天日销售利润不低于2400元？（4）在实际销售的前40天中，该养殖户决定每销售1千克小龙虾，就捐赠m（m＜7）元给村里的特困户．在这前40天中，每天扣除捐赠后的日销售利润随时间t的增大而增大，求m的取值范围．【分析】（1）根据函数图象，利用待定系数法求解可得；（2）设日销售利润为w，分1≤t≤40和41≤t≤80两种情况，根据“总利润=每千克利润×销售量”列出函数解析式，由二次函数的性质分别求得最值即可判断；（3）求出w=2400时x的值，结合函数图象即可得出答案；（4）依据（2）中相等关系列出函数解析式，确定其对称轴，由1≤t≤40且销售利润随时间t的增大而增大，结合二次函数的性质可得答案．【解答】解：（1）设解析式为y=kt+b，将（1，198）、（80，40）代入，得：，解得：，∴y=﹣2t+200（1≤x≤80，t为整数）；（2）设日销售利润为w，则w=（p﹣6）y，①当1≤t≤40时，w=（t+16﹣6）（﹣2t+200）=﹣（t﹣30）2+2450，∴当t=30时，w最大=2450；②当41≤t≤80时，w=（﹣t+46﹣6）（﹣2t+200）=（t﹣90）2﹣100，∴当t=41时，w最大=2301，∵2450＞2301，∴第30天的日销售利润最大，最大利润为2450元．（3）由（2）得：当1≤t≤40时，w=﹣（t﹣30）2+2450，。

2020年湖北省荆州市松滋市中考数学一模试卷(含解析)

2020年湖北省荆州市松滋市中考数学一模试卷(含解析)

2020年湖北省荆州市松滋市中考数学一模试卷一、选择题（每小题后面代号为A、B、C、D的四个选项中，只有一个正确，将它选出来并将答题卡上对应的选项涂黑，选对一题3分，不选和选错0分，本题满分为30分）1.在平面直角坐标系内，点A的坐标是(2, 3)，则点A关于原点中心对称点的坐标是（）A.(−2, 3)B.(−3, −2)C.(−2, −3)D.(2, −3)2.用配方法解一元二次方程x2−2x−1=0时，下列配方正确的是（）A.(x−1)2+1=0B.(x+1)2+1=0C.(x−1)2−1=0D.(x−1)2−2=03.关于x的一元二次方程x2+kx−2＝0（k为实数）根的情况是（）A.有两个不相等的实数根B.有两个相等的实数根C.没有实数根D.不能确定4.如图，点A，B，C均在⊙O上，当∠OBC＝40∘时，∠A的度数是（）A.50∘B.55∘C.60∘D.65∘5.某公司今年4月的营业额为2800万元，按计划第二季度的总营业额达到9800万元，设该公司5月，6月的营业额的月平均增长率为x，根据题意列方程，则下列方程正确的是()A.2800(1+x)2=9800B.2800(1+x%)2=9800C.2800(1+x)+2800(1+x)2=9800D.2800+2800(1+x)+2800(1+x)2=98006.如图，在平面直角坐标系中，正方形ABCD四个顶点的坐标分别为(k>0)与正方A(−1, 2)，B(−1, −1)，C(2, −1)，D(2, 2)，当双曲线y=kx形有四个交点时，k的取值范围是（）A.0<k<1B.1<k<4C.k>1D.0<k<27.如图，等腰△ABC的顶角∠A=36∘，若将其绕点C顺时针旋转36∘，得到△A′B′C，点B′在AB边上，A′B′交AC于E，连接AA′．有下列结论：①△ABC≅△A′B′C；②四边形A′ABC是平行四边形；③图中所有的三角形都是等腰三角形；其中正确的结论是()A.①②B.①③C.②③D.①②③8.如图，⊙O与正五边形ABCDE的边AB，DE分别相切于点B，D，则劣弧BD所对的圆心角∠BOD的大小为()A.108∘B.118∘C.144∘D.120∘9.在平面直角坐标系中，二次函数y=−x2+2x+3的图象交x轴于点A，B （点A在点B的左侧）．若把点B向上平移m(m>0)个单位长度得点B1，若点B1向左平移n(n>0)个单位长度，将与该二次函数图象上的点B2重合；若点B1向左平移(n+2)个单位长度，将与该二次函数图象上的点B3重合．则n的值为()A.1B.2C.3D.410.观察等式：1+2+22=23−1；1+2+22+23=24−1；1+2+22+23+24=25−1；若1+2+22+...+29=210−1=a，则用含a的式子表示210+211+212...+218+219的结果是（）A.a20−1B.a2+aC.a2+a+1D.a2−a二、填空题（本大题共6小题，每题3分，满分为18分）11.已知a是方程x2−2x−2020=0的一个根，则a2−2a的值等于________．12.二次函数y=ax2+bx+c的图象与x轴相交于(−1, 0)和(5, 0)两点，则该抛物线的对称轴是________．13.如图，△ABC的内切圆⊙O与BC，CA，AB分别相切于点D，E．F．且AB=5，AC=12，BC=13，则⊙O的半径是________．14.圆锥形的烟囱冒的底面直径是80cm，母线长是50cm，制作100个这样的烟囱冒至少需要________m2的铁皮（结果保留π）．15.如图，在边长是4×4，小正方形边长为1的正方形网格图中，线段AB的两个端点都在格点上，若以AB为斜边，则可以作出________个格点直角三角形，并在答题卡的图中作出其中面积最大的格点直角三角形．16.已知抛物线y=x2+(m+1)x−m−2(m>0)与x轴交于A，B两点，与y轴交于点C，不论m取何正数，经过A，B，C三点的⊙P恒过y轴上的一个三．解答题（本大题8小题，共72分）17.解方程：(1)x2−3x−4=0；(2)2x2−2√2x+1=0.18.已知反比例函数y=kx，当x=1时，y=3；试先求k值，再解关于t的方程．t t−1−1=kt−1．19.市实验中学计划在暑假第二周的星期一至星期五开展暑假社会实践活动，要求每位学生选择两天参加活动．(1)甲同学随机选择连续的两天，其中有一天是星期三的概率是________；(2)乙同学随机选择两天，其中有一天是星期三的概率是多少？（列表或画树形图或列举）20.如图，AB为⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点P，直线BF与AD延长线交于点F，且∠AFB=∠ABC．(1)求证：直线BF是⊙O的切线；(2)若CD=2√5，BP=1，求⊙O的半径．21.在函数学习中，我们经历了“确定函数表达式–利用函数图象研究其性质–运用函数解决问题”的学习过程．在画函数图象时，我们通过描点或平移的方法画出了所学的函数图象．同时我们也学习了绝对值的意义|a|={a(a≥0)−a(a<0)，结合上面经历的学习过程，现在来解决下面的问题：在函数y=|kx−1|+b中，当x=2时，y=−3；x=0时，y=−2．(1)求这个函数的表达式；(2)用列表描点的方法画出该函数的图象；请你先把下面的表格补充完整，然后在下图所给的坐标系中画出该函数的图象；x…−6−4−20246…y…________ 0−1−2−3−2________ …(3)观察这个函数图象，并写出该函数的一条性质；(4)已知函数y=−2x(x>0)的图象如图所示，与y=|kx−1|+b的图象两交点的坐标分别是(2√3+4, √3−2)，(2√2−2, −√2−1)，结合你画的函数22.已知抛物线G:y=x2+(k−5)x+1−k，其中k为常数．(1)求证：无论k为何值，抛物线G总与x轴有两个交点；(2)若抛物线G的图象不经过第三象限，求k的取值范围；(3)对于一个函数，当自变量x取a时，函数值y也等于a，我们称a为这个函数的对等值．若函数y=x2+(k−5)x+1−k有两相异的对等值x1，x2，且x1<2<x2，求k的最大整数值．23.金松科技生态农业养殖有限公司种植和销售一种绿色羊肚菌，已知该羊肚菌的成本是12元/千克，规定销售价格不低于成本，又不高于成本的两倍．经过市场调查发现，某天该羊肚菌的销售量y（千克）与销售价格x （元/千克）的函数关系如下图所示：(1)求y与x之间的函数解析式；(2)求这一天销售羊肚菌获得的利润W的最大值；(3)若该公司按每销售一千克提取1元用于捐资助学，且保证每天的销售利润不低于3600元，问该羊肚菌销售价格该如何确定．24.如图(1)已知矩形AOCD在平面直角坐标系xOy中，∠CAO=60∘，OA=2，B点的坐标为(2, 0)，动点M以每秒2个单位长度的速度沿A→C→B运动（M点不与点A、点B重合），设运动时间为t秒．(1)求经过B，C，D三点的抛物线解析式；(2)点P在(1)中的抛物线上，当M为AC中点时，若△PAM≅△PDM，求点P的坐标；(3)当点M在CB上运动时，如图(2)过点M作ME⊥AD，MF⊥x轴，垂足分别为E，F，设矩形AEMF与△ABC重叠部分面积为S，求S与t的函数关系式，并求出S的最大值；(4)如图(3)点P在(1)中的抛物线上，Q是CA延长线上的一点，且P，Q两点均在第三象限内，Q，A是位于直线BP同侧的不同两点，若点P到x轴的距离为d，△QPB的面积为2d，求点P的坐标．2020年湖北省荆州市松滋市中考数学一模试卷一、选择题（每小题后面代号为A、B、C、D的四个选项中，只有一个正确，将它选出来并将答题卡上对应的选项涂黑，选对一题3分，不选和选错0分，本题满分为30分）1.在平面直角坐标系内，点A的坐标是(2, 3)，则点A关于原点中心对称点的坐标是()A.(−2, 3)B.(−3, −2)C.(−2, −3)D.(2, −3)【解答】解：点A(2, 3)关于原点的对称点的坐标为(−2, −3).故选C.2.用配方法解一元二次方程x2−2x−1=0时，下列配方正确的是()A.(x−1)2+1=0B.(x+1)2+1=0C.(x−1)2−1=0D.(x−1)2−2=0【解答】解：x2−2x=1，x2−2x+1=2，(x−1)2=2，(x−1)2−2=0．故选D.3.关于x的一元二次方程x2+kx−2＝0（k为实数）根的情况是（）A.有两个不相等的实数根B.有两个相等的实数根C.没有实数根D.不能确定【解答】由根的判别式得，△＝b2−4ac＝k2+8>0故有两个不相等的实数根4.如图，点A，B，C均在⊙O上，当∠OBC＝40∘时，∠A的度数是（）A.50∘B.55∘C.60∘D.65∘【解答】∵OB＝OC，∴∠OCB＝∠OBC＝40∘，∴∠BOC＝180∘−40∘−40∘＝100∘，∠BOC＝50∘．∴∠A=125.某公司今年4月的营业额为2800万元，按计划第二季度的总营业额达到9800万元，设该公司5月，6月的营业额的月平均增长率为x，根据题意列方程，则下列方程正确的是()A.2800(1+x)2=9800B.2800(1+x%)2=9800C.2800(1+x)+2800(1+x)2=9800D.2800+2800(1+x)+2800(1+x)2=9800【解答】解：设该公司5月，6月的营业额的月平均增长率为x，依题意，得：2800+2800(1+x)+2800(1+x)2=9800．故选D.6.如图，在平面直角坐标系中，正方形ABCD四个顶点的坐标分别为(k>0)与正方A(−1, 2)，B(−1, −1)，C(2, −1)，D(2, 2)，当双曲线y=kx形有四个交点时，k的取值范围是（）A.0<k<1B.1<k<4C.k>1D.0<k<2【解答】(k>0)得k=−1×(−1)=1，解：把点B(−1, −1)代入y=kx(k>0)与正方形有四个交点时，由图象可知：当双曲线y=kxk的取值范围上0<k<1.7.如图，等腰△ABC的顶角∠A=36∘，若将其绕点C顺时针旋转36∘，得到△A′B′C，点B′在AB边上，A′B′交AC于E，连接AA′．有下列结论：①△ABC≅△A′B′C；②四边形A′ABC是平行四边形；③图中所有的三角形都是等腰三角形；其中正确的结论是()A.①②B.①③C.②③D.①②③【解答】解：由旋转不变性可知：△ABC≅△A′B′C，故①正确；∵AB=AC，∠BAC=36∘，∴∠B=∠ACB=72∘，∵CB=CB′，∴∠B=∠CB′B=72∘，∠BCB′=∠ACB′=36∘，∴∠ACA′=36∘，∴∠BAC=∠ACA′，∴AB // A′C，∵AB=CA′，∴四边形A′ABC是平行四边形，故②正确；∵∠B=∠BB′C=72∘，∴△CBB′是等腰三角形.∵∠EAB=∠EB′A=36∘，∴△EAB′是等腰三角形.∵∠CB′E=∠CEB′=72∘，∴△CEB′是等腰三角形.∵∠ECA′=∠EA′C=36∘，∴△ECA′是等腰三角形.∵∠A′AE=∠AEA′=72∘，∴△A′AE是等腰三角形.∵′B′=∠AB′A′=36∘∵∠ACB′=∠CAB′=36∘，∴△ACB′是等腰三角形.∵CA=CA′，∴△CAA′是等腰三角形.又∵△ABC和△A′B′C是等腰三角形，∴图中所有三角形都是等腰三角形，故③正确.故选D.8.如图，⊙O与正五边形ABCDE的边AB，DE分别相切于点B，D，则劣弧BD所对的圆心角∠BOD的大小为()A.108∘B.118∘C.144∘D.120∘【解答】解：∵五边形ABCDE是正五边形，=108∘．∴∠E=∠A=180∘−360∘5∵AB、DE与⊙O相切，∴∠OBA=∠ODE=90∘，∴∠BOD=(5−2)×180∘−90∘−108∘−108∘−90∘=144∘.故选C.9.在平面直角坐标系中，二次函数y=−x2+2x+3的图象交x轴于点A，B （点A在点B的左侧）．若把点B向上平移m(m>0)个单位长度得点B1，若点B1向左平移n(n>0)个单位长度，将与该二次函数图象上的点B2重合；若点B1向左平移(n+2)个单位长度，将与该二次函数图象上的点B3重合．则n的值为()A.1B.2C.3D.4【解答】解：令y=0，则−x2+2x+3=0，解得，x1=3，x2=−1，∴B(3, 0)，由题意得，B1(3, m)，B2(3−n, m)，B3(1−n, m)，=1，函数图象的对称轴为直线x=−1+32∵点B2，B3在二次函数图象上且纵坐标相同，=1，∴3−n+1−n2∴n=1.故选A．10.观察等式：1+2+22=23−1；1+2+22+23=24−1；1+2+22+23+24=25−1；若1+2+22+...+29=210−1=a，则用含a的式子表示210+211+212...+218+219的结果是（）A.a20−1B.a2+aC.a2+a+1D.a2−a【解答】解：由已知可得1+2+22+...+29+210+211+212+...+218+219=220−1，∵1+2+22+...+29=210−1=a，∴210+211+212...+218+219=220−1−210+1=220−210，∵210−1=a，∴220−210=a(a+1).故选B.二、填空题（本大题共6小题，每题3分，满分为18分）11.已知a是方程x2−2x−2020=0的一个根，则a2−2a的值等于________．【解答】解：将x=a代入方程可得：a2−2a=2020.∴原式=2020.故答案为：2020.12.二次函数y=ax2+bx+c的图象与x轴相交于(−1, 0)和(5, 0)两点，则该抛物线的对称轴是________．【解答】解：∵二次函数y=ax2+bx+c的图象与x轴相交于(−1, 0)和(5, 0)两点，=2．∴其对称轴为：x=−1+52故答案为：x=2.13.如图，△ABC的内切圆⊙O与BC，CA，AB分别相切于点D，E．F．且AB=5，AC=12，BC=13，则⊙O的半径是________．【解答】解：如图，连接OD、OE、OF，∵△ABC的内切圆⊙O与BC，CA，AB分别相切于点D，E．F，∴OE⊥AC，OF⊥AB，AE=AF，∵AB=5，AC=12，BC=13，即52+122=132，∴△ABC为直角三角形，∴∠A=90∘，∴四边形AEOF是正方形，∴OE=OF=AE=AF，设⊙O的半径是r，则AF=AE=r，BF=BD=5−r，EC=DC=12−r，∵BD+DC=BC=13，∴5−r+12−r=13，解得r=2．所以⊙O的半径是2．故答案为：2.14.圆锥形的烟囱冒的底面直径是80cm，母线长是50cm，制作100个这样的烟囱冒至少需要________m2的铁皮（结果保留π）．【解答】解：∵烟囱冒的底面直径是80cm，∴底面圆周长为：80πcm，×80π×50=2000πcm2．∴一个烟囱冒的面积为12制作100个这样的烟囱冒需要铁皮：200000πcm2=20πm2．故答案为：20π.15.如图，在边长是4×4，小正方形边长为1的正方形网格图中，线段AB的两个端点都在格点上，若以AB为斜边，则可以作出________个格点直角三角形，并在答题卡的图中作出其中面积最大的格点直角三角形．【解答】解：如图所示：线段AB的两个端点都在格点上，以AB为斜边，可以作出4个格点直角三角形，△ABC的面积最大．故答案为：4．16.已知抛物线y=x2+(m+1)x−m−2(m>0)与x轴交于A，B两点，与y轴交于点C，不论m取何正数，经过A，B，C三点的⊙P恒过y轴上的一个定点，则该定点的坐标是________．【解答】解：令y=0，∴x2+(m+1)x−m−2=0，∴(x−1)[x+(m+2)]=0，∴x=1或x=−(m+2)，∴A(1, 0)，B(−m−2, 0)，∴OA=1，OB=m+2，令x=0，∴y=−m−2，∴C(0, −m−2)，∴OC=m+2，如图，∵点A，B，C在⊙P上，∴∠OCB=∠OAF，在Rt△BOC中，tan∠OCB=OBOC =m+2m+2=1，在Rt△AOF中，tan∠OAF=OFOA =OF1=1，∴OF=1，∴点F的坐标为(0, 1).故答案为：(0, 1).三．解答题（本大题8小题，共72分）17.解方程：(1)x2−3x−4=0；(2)2x2−2√2x+1=0.【解答】解：(1)∵x2−3x−4=0，∴(x+1)(x−4)=0，则x+1=0或x−4=0，解得：x1=−1，x2=4；(2)∵2x2−2√2x+1=0，∴(√2x−1)2=0，则√2x−1=0，解得：x1=x2=√22．18.已知反比例函数y=kx，当x=1时，y=3；试先求k值，再解关于t的方程．t t−1−1=kt2−1．【解答】解：把x=1，y=3代入y=kx 得：3=k1，解得：k=3，t t−1−1=3t−1，去分母得：t(t+1)−(t2−1)=3，t2+t−t2+1=3，t=2，检验：把t=2代入最简公分母t2−1≠0，∴原分式方程的解为t=2，因此：k=3，t=2．19.市实验中学计划在暑假第二周的星期一至星期五开展暑假社会实践活动，要求每位学生选择两天参加活动．(1)甲同学随机选择连续的两天，其中有一天是星期三的概率是________；(2)乙同学随机选择两天，其中有一天是星期三的概率是多少？（列表或画树形图或列举）【解答】解：(1)甲同学随机选择连续的两天，共有4个可能结果，其中有一天是星期三的结果有2个，概率为24=12.故答案为：12.(2)画树状图如图所示：共有20个等可能的结果，乙同学随机选择两天，其中有一天是星期三的结果有8个，∴乙同学随机选择两天，其中有一天是星期三的概率为820=25.20.如图，AB为⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点P，直线BF与AD延长线交于点F，且∠AFB=∠ABC．(1)求证：直线BF是⊙O的切线；(2)若CD=2√5，BP=1，求⊙O的半径．【解答】(1)证明：∵弧AC=弧AC，∴∠ABC=∠ADC，∵∠AFB=∠ABC，∴∠ADC=∠AFB，∴CD // BF，∵CD⊥AB，∴AB⊥BF，∵AB是圆的直径，∴直线BF是⊙O的切线；(2)解：连接OC，则⊙O的半径r=OC=OB．∴OP=r−1,∵AB⊥CD，∴CP=DP=12CD=√5，∴在Rt△OCP中OC2=OP2+CP2，即r2=(r−1)2+5,解得r=3，即O的半径为3.21.在函数学习中，我们经历了“确定函数表达式–利用函数图象研究其性质–运用函数解决问题”的学习过程．在画函数图象时，我们通过描点或平移的方法画出了所学的函数图象．同时我们也学习了绝对值的意义|a|={a(a≥0)−a(a<0)，结合上面经历的学习过程，现在来解决下面的问题：在函数y=|kx−1|+b中，当x=2时，y=−3；x=0时，y=−2．(1)求这个函数的表达式；(2)用列表描点的方法画出该函数的图象；请你先把下面的表格补充完整，然后在下图所给的坐标系中画出该函数的图象；x…−6−4−20246…y…________ 0−1−2−3−2________ …(3)观察这个函数图象，并写出该函数的一条性质；(x>0)的图象如图所示，与y=|kx−1|+b的图象两交(4)已知函数y=−2x点的坐标分别是(2√3+4, √3−2)，(2√2−2, −√2−1)，结合你画的函数图象，直接写出|kx−1|+b≤−2的解集．x【解答】解：(1)把x=0，y=−2；x=2，y=−3代入y=|kx−1|+b中，得：−2=|−1|+b，−3=|2k−1|+b，∴b=−3，k=1，2x−1|−3．∴y=|12(2)∵x=−6时，y=1，x=6时，y=−1，故答案为：1，−1．函数图象如图所示：(3)当x>2时，y随x增大而增大；当x<2时，y随x减小而减小．(4)观察图象可知不等式|kx−1|+b≤−2的解集为：2√2−2≤x≤2√3+x4．22.已知抛物线G:y=x2+(k−5)x+1−k，其中k为常数．(1)求证：无论k为何值，抛物线G总与x轴有两个交点；(2)若抛物线G的图象不经过第三象限，求k的取值范围；(3)对于一个函数，当自变量x取a时，函数值y也等于a，我们称a为这个函数的对等值．若函数y=x2+(k−5)x+1−k有两相异的对等值x1，x2，且x1<2<x2，求k的最大整数值．【解答】(1)证明：∵Δ=(k−5)2 −4(1−k)=k2−6k+21=(k−3)2+12>0，∴无论k为何值，抛物线G总与x轴有两个交点；(2)解：∵y=x2+(k−5)x+1−k的图象不经过第三象限，又a=1>0，Δ=(k−5)2−4(1−k)=(k−3)2+12，∴抛物线与x轴有两个交点，设抛物线与x轴交点的横坐标分别为x1，x2，∴x1+x2=5−k>0，x1⋅x2=1−k≥0，解得k≤1，∴k的取值范围为k≤1；(3)解：依题意，得：x2+(k−5)x+1−k=x，∴x2+(k−6)x+1−k=0，∵Δ=(k−4)2+16>0，∴k为任意实数，又x1+x2=6−k，x1x2=1−k，∵(x1−2)(x2−2)<0，∴x1x2−2(x1+x2)+4<0，∴1−k−2(6−k)+4<0，∴k<7，∴综上，k的最大整数值为6．23.金松科技生态农业养殖有限公司种植和销售一种绿色羊肚菌，已知该羊肚菌的成本是12元/千克，规定销售价格不低于成本，又不高于成本的两倍．经过市场调查发现，某天该羊肚菌的销售量y（千克）与销售价格x（元/千克）的函数关系如下图所示：(1)求y与x之间的函数解析式；(2)求这一天销售羊肚菌获得的利润W 的最大值；(3)若该公司按每销售一千克提取1元用于捐资助学，且保证每天的销售利润不低于3600元，问该羊肚菌销售价格该如何确定．【解答】①当12≤x ≤20时，设y ＝kx +b ．代(12, 2000)，(20, 400)，得{2000=12k +b 400=20k +b解得{k =−200b =4400解：(1)①当12≤x ≤20时，设y =kx +b ，代入点(12, 2000)，(20, 400)，得{2000=12k +b,400=20k +b,解得{k =−200,b =4400, ∴y =−200x +4400；②当20<x ≤24时，y =400．综上，y ={−200x +4400(12≤x ≤20),400(20<x ≤24).(2)①当12≤x ≤20时，W =(x −12)y=(x −12)(−200x +4400)=−200(x −17)2+5000当x =17时，W 的最大值为5000；②当20<x ≤24时，W =(x −12)y=400x −4800．当x =24时，W 的最大值为4800．∵5000>4800，∴最大利润为5000元．(3)①当12≤x ≤20时，W =(x −12−1)y=(x−13)(−2000x+4400)=−200(x−17.5)2+4050，令−200(x−17.5)2+4050=3600，x1=16，x2=19，∴定价为16≤x≤19；②当20<x≤24时，W=400(x−13)=400x−5200≥3600，∴22≤x≤24．综上，销售价格确定为16≤x≤19或22≤x≤24．24.如图(1)已知矩形AOCD在平面直角坐标系xOy中，∠CAO=60∘，OA=2，B点的坐标为(2, 0)，动点M以每秒2个单位长度的速度沿A→C→B运动（M点不与点A、点B重合），设运动时间为t秒．(1)求经过B，C，D三点的抛物线解析式；(2)点P在(1)中的抛物线上，当M为AC中点时，若△PAM≅△PDM，求点P的坐标；(3)当点M在CB上运动时，如图(2)过点M作ME⊥AD，MF⊥x轴，垂足分别为E，F，设矩形AEMF与△ABC重叠部分面积为S，求S与t的函数关系式，并求出S的最大值；(4)如图(3)点P在(1)中的抛物线上，Q是CA延长线上的一点，且P，Q两点均在第三象限内，Q，A是位于直线BP同侧的不同两点，若点P到x轴的距离为d，△QPB的面积为2d，求点P的坐标．【解答】解：(1)∵四边形AOCD是矩形，∴CD=AO=2，∠AOC=90∘，且∠CAO=60∘，OA=2，∴OC =2√3，∴点C(0, 2√3)，点D(−2, 2√3)，设抛物线解析式为y =a(x +1)2+c ，代入点B(2, 0)，C(0, 2√3)， ∴{9a +c =0,a +c =2√3,解得：{a =−√34,c =9√34,∴抛物线解析式为：y =−√34(x +1)2+9√34=−√34x 2−√32x +2√3，(2)∵M 为AC 中点，∴MA =MD ，∵△PAM ≅△PDM ，∴PA =PD ，∴点P 在AD 的垂直平分线上∴点P 纵坐标为√3，∴−√34x 2−√32x +2√3=√3， ∴x 1=−1+√5，x 2=−1−√5，∴点P(−1+√5, √3)或(−1−√5, √3).(3)如图2，∵AO =BO =2，CO ⊥AB ，∴AC =BC =4，∠CAO =60∘，∴△ACB 是等边三角形，由题意可得：CM =2t −4，BF =12(8−2t)=4−t ，MF =4√3−√3t ，AF =t ． ∵四边形AEMF 是矩形，∴AE =MF ，EM =AF ，EM // AB ，∴∠CMH =∠CBA =60∘，∠CHM =∠CAO =60∘， ∴△CMH 是等边三角形，∴CM =MH =2t −4，∵S =12(2t −4+t)(4√3−√3t)=−3√32(t −83)2+8√33， 当t =83时，S 最大=8√33.(4)∵S △ABP =12×4×d =2d ，又S △BPQ =2d ，∴S △ABP =S △BPQ ，∴AQ // BP ，设直线AC 解析式为y =kx +b ，把A(−2, 0)，C(0, 2√3)代入其中，得{2√3=b,0=−2k +b,∴{k =√3,b =2√3, ∴直线AC 解析式为：y =√3x +2√3，设直线BP 的解析式为y =√3x +n ，把B(2, 0)代入其中，得 0=2√3+n ，∴b =−2√3，∴直线BP 解析式为：y =√3x −2√3，∴−√34x 2−√32x +2√3=√3x −2√3， ∴x 1=2（舍去），x 2=−8，∴P(−8, −10√3)．。

2020年湖北省荆州市中考数学试卷(有详细解析)

2020年湖北省荆州市中考数学试卷(有详细解析)

2020年湖北省荆州市中考数学试卷班级：___________姓名：___________得分：___________一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.有理数−2的相反数是()A. 2B. 12C. −2 D. −122.下列四个几何体中，俯视图与其它三个不同的是()A. B. C. D.3.在平面直角坐标系中，一次函数y=x+1的图象是()A. B.C. D.4.将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，若∠CAB=30°，则∠ACB的度数是()A. 45°B. 55°C. 65°D. 75°5.八年级学生去距学校10km的荆州博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达．已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度．若设骑车学生的速度为xkm/ℎ，则可列方程为()A. 102x −10x=20 B. 10x−102x=20 C. 10x−102x=13D. 102x−10x=136.若x为实数，在“(√3+1)□x”的“□”中添上一种运算符号(在“+，−，×，÷”中选择)后，其运算的结果为有理数，则x不可能是()A. √3+1B. √3−1C. 2√3D. 1−√37.如图，点E在菱形ABCD的AB边上，点F在BC边的延长线上，连接CE，DF，对于下列条件：①BE=CF；②CE⊥AB，DF⊥BC；③CE=DF；④∠BCE=∠CDF.只选取其中一条添加，不能确定△BCE≌△CDF的是()A. ①B. ②C. ③D. ④8.如图，在平面直角坐标系中，Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°.C为OA的中点，BC=1，则点A的坐标为()A. (√3,√3)B. (√3,1)C. (2,1)D. (2,√3)9.定义新运算“a∗b”：对于任意实数a，b，都有a∗b=(a+b)(a−b)−1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例4∗3=(4+3)(4−3)−1=7−1=6.若x∗k=x(k为实数)是关于x的方程，则它的根的情况为()A. 有一个实数根B. 有两个相等的实数根C. 有两个不相等的实数根D. 没有实数根10.如图，在6×6的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，点A，B，C均在网格交点上，⊙O是△ABC的外接圆，则cos∠BAC的值为()A. √55B. 2√55C. 12D. √32二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）)−1，c=|−3|，则a，b，c的大小关系为______.(用11.若a=(π−2020)0，b=−(12“<”号连接)12.若单项式2x m y3与3xy m+n是同类项，则√2m+n的值为______．13.已知：△ABC，求作：△ABC的外接圆．作法：①分别作线段BC，AC的垂直平分线EF和MN，它们相交于点O；②以点O为圆心，OB的长为半径画圆．如图，⊙O即为所求，以上作图用到的数学依据有：______.(只需写一条)14.若标有A，B，C的三只灯笼按图所示悬挂，每次摘取一只(摘B前需先摘C)，直到摘完，则最后一只摘到B的概率是______．15.“健康荆州，你我同行”，市民小张积极响应“全民健身动起来”号召，坚持在某环形步道上跑步．已知此步道外形近似于如图所示的Rt△ABC，其中∠C=90°，AB与BC间另有步道DE相连，D地在AB正中位置，E地与C地相距1km.若tan∠ABC=34，∠DEB=45°，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，则他跑了______km．16.我们约定：(a,b，c)为函数y=ax2+bx+c的“关联数”，当其图象与坐标轴交点的横、纵坐标均为整数时，该交点为“整交点”.若关联数为(m,−m−2,2)的函数图象与x轴有两个整交点(m为正整数)，则这个函数图象上整交点的坐标为______．三、计算题（本大题共1小题，共8.0分）17.先化简，再求值：(1−1a )÷a2−1a2+2a+1，其中a是不等式组{a−2≥2−a ①2a−1<a+3 ②的最小整数解．四、解答题（本大题共7小题，共94.0分）18.阅读下列“问题”与“提示”后，将解方程的过程补充完整，求出x的值．【问题】解方程：x2+2x+4√x2+2x−5=0．【提示】可以用“换元法”解方程．解：设√x2+2x=t(t≥0)，则有x2+2x=t2原方程可化为：t2+4t−5=0【续解】19.如图，将△ABC绕点B顺时针旋转60°得到△DBE，点C的对应点E恰好落在AB的延长线上，连接AD．(1)求证：BC//AD；(2)若AB=4，BC=1，求A，C两点旋转所经过的路径长之和．20.6月26日是“国际禁毒日”，某中学组织七、八年级全体学生开展了“禁毒知识”网上竞赛活动．为了解竞赛情况，从两个年级各随机抽取了10名同学的成绩(满分为100分)，收集数据为：七年级90，95，95，80，90，80，85，90，85，100；八年级85，85，95，80，95，90，90，90，100，90．整理数据：分数80859095100人数年级七年级22321八年级124a1分析数据：平均数中位数众数方差七年级89b9039八年级c90d30根据以上信息回答下列问题：(1)请直接写出表格中a，b，c，d的值；(2)通过数据分析，你认为哪个年级的成绩比较好？请说明理由；(3)该校七、八年级共有600人，本次竞赛成绩不低于90分的为“优秀”.估计这两个年级共有多少名学生达到“优秀”？21.九年级某数学兴趣小组在学习了反比例函数的图象与性质后，进一步研究了函数y=2的图象与性质共探究过程如下：|x|(1)绘制函数图象，如图1．列表：下表是x与y的几组对应值，其中m=______；x…−3−2−1−1212123…y (2)312442m23…描点：根据表中各组对应值(x,y)，在平面直角坐标系中描出了各点；连线：用平滑的曲线顺次连接各点，画出了部分图象．请你把图象补充完整；(2)通过观察图1，写出该函数的两条性质；①______；②______；(3)①观察发现：如图2.若直线y=2交函数y=2|x|的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC//OA交x轴于C.则S四边形OABC=______；②探究思考：将①中“直线y=2”改为“直线y=a(a>0)”，其他条件不变，则S四边形OABC=______；③类比猜想：若直线y=a(a>0)交函数y=k|x|(k>0)的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC//OA交x轴于C，则S四边形OABC=______．22.如图，在矩形ABCD中，AB=20，点E是BC边上的一点，将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处；点F在DG上，将△ADF沿着AF折叠，点D刚好落在AG上点H处，此时S△GFH：S△AFH=2：3，(1)求证：△EGC∽△GFH；(2)求AD的长；(3)求tan∠GFH的值．23.为了抗击新冠疫情，我市甲、乙两厂积极生产了某种防疫物资共500吨，乙厂的生产量是甲厂的2倍少100吨．这批防疫物资将运往A地240吨，B地260吨，运费如下表(单位：元/吨)．(2)设这批物资从乙厂运往A地x吨，全部运往A，B两地的总运费为y元．求y与x之间的函数关系式，并设计使总运费最少的调运方案；(3)当每吨运费均降低m元(0<m≤15且m为整数)时，按(2)中设计的调运方案运输，总运费不超过5200元．求m的最小值．24.如图1，在平面直角坐标系中，A(−2,−1)，B(3,−1)，以O为圆心，OA的长为半径的半圆O交AO延长线于C，连接AB，BC，过O作ED//BC分别交AB和半圆O 于E，D，连接OB，CD．(1)求证：BC是半圆O的切线；(2)试判断四边形OBCD的形状，并说明理由；(3)如图2，若抛物线经过点D且顶点为E．①求此抛物线的解析式；②点P是此抛物线对称轴上的一个动点，以E，D，P为顶点的三角形与△OAB相似，问抛物线上是否存在一点Q.使S△EPQ=S△OAB？若存在，请直接写出Q点的横坐标；若不存在，说明理由．答案和解析1.A解：有理数−2的相反数是：2．2.A解：选项A的俯视图是三角形，选项B、C、D的俯视图均为圆．3.C解：一次函数y=x+1中，令x=0，则y=1；令y=0，则x=−1，∴一次函数y=x+1的图象经过点(0,1)和(−1,0)，∴一次函数y=x+1的图象经过一二三象限，4.D解：如图所示：∵将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，∴ED//FA，∠EBC=∠CBA，∴∠EBC=∠ACB，∠CAB=∠DBA=30°，∵∠EBC+∠CBA+∠ABD=180°，∴∠ACB+∠CBA+30°=180°，∴∠ACB=75°，5.C解：设骑车学生的速度为xkm/ℎ，则乘车学生的速度为2xkm/ℎ，依题意，得：10x −102x=13．6.C解：A.(√3+1)−(√3+1)=0，故本选项不合题意；B.(√3+1)(√3−1)=2，故本选项不合题意；C.(√3+1)与2√3无论是相加，相减，相乘，相除，结果都是无理数，故本选项符合题意；D.(√3+1)(1−√3)=−2，故本选项不合题意．7.C解：∵四边形BCD是菱形，∴BC=CD，AB//CD，∴∠B=∠DCF，①∵添加BE=CF，∴△BCE≌△CDF(SAS)，②∵添加CE⊥AB，DF⊥BC，∴∠CEB=∠F=90°，∴△BCE≌△CDF(AAS)，③∵添加CE=DF，不能确定△BCE≌△CDF；④∵添加∠BCE=∠CDF，∴△BCE≌△CDF(ASA)，8.B解：如图，∵Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．∴∠AOD=30°，∴AD=12OA，∵C为OA的中点，∴AD=AC=OC=BC=1，∴OA=2，∴OD=√3，则点A的坐标为：(√3,1)．9.C解：∵x∗k=x(k为实数)是关于x的方程，∴(x+k)(x−k)−1=x，整理得x2−x−k2−1=0，∵△=(−1)2−4(−k2−1)=4k2+5>0，∴方程有两个不相等的实数根．10.B解：如图，作直径BD，连接CD，由勾股定理得，BD=√22+42=2√5，在Rt△BDC中，cos∠BDC=CDBD =2√5=2√55，由圆周角定理得，∠BAC=∠BDC，∴cos∠BAC=cos∠BDC=2√5，511.b<a<c)−1=−2，c=|−3|=3，解：∵a=(π−2020)0=1，b=−(12∴b<a<c．12.2解：根据题意得：m=1，m+n=3，解得n=2，所以2m+n=2+2=4，√2m+n=√4=2．13.线段的垂直平分线的性质解：∵点O为AC和BC的垂直平分线的交点，∴OA=OC=OB，∴⊙O为△ABC的外接圆．故答案为：线段的垂直平分线的性质．14.23解：画树状图如图：共有3个等可能的结果，最后一只摘到B的结果有2个，∴最后一只摘到B的概率为2；315.24解：过D点作DF⊥BC，xkm，设EF=xkm，则DF=xkm，BF=43xkm，在Rt△BFD中，BD=√BF2+DF2=53∵D地在AB正中位置，∴AB=2BD=10xkm，3∵tan∠ABC =34，∴cos∠ABC =45， ∴x+43x+1103x =45， 解得x =3，则BC =8km ，AC =6km ，AB =10km ，小张某天沿A →C →E →B →D →A 路线跑一圈，他跑了8+10+6=24(km)．16. (1,0)、(2,0)或(0,2)解：根据题意，令y =0，将关联数(m,−m −2,2)代入函数y =ax 2+bx +c ，则有mx 2+(−m −2)x +2=0，△=(−m −2)2−4×2m =(m −2)2>0，∴mx 2+(−m −2)x +2=0有两个根，由求根公式可得x =m+2±√(−m−2)2−8m 2mx =m+2±|m−2|2mx 1=m+2+(m−2)2m =1，此时m 为不等于0的任意数，不合题意；x 2=m+2+2−m 2m =42m ，当m =1或2时符合题意；x 2=2或1； x 3=m+2−m+22m =42m ，当m =1或2时符合题意；x 3=2或1； x 4=m+2−2+m 2m =1，此时m 为不等于0的任意数，不合题意；所以这个函数图象上整交点的坐标为(2,0)，(1,0)；令x =0，可得y =c =2，即得这个函数图象上整交点的坐标(0,2)．综上所述，这个函数图象上整交点的坐标为(2,0)，(1,0)或(0,2)；故答案为：(2,0)，(1,0)或(0,2)．17. 解：原式=a−1a ⋅(a+1)2(a+1)(a−1) =a+1a ．解不等式组{a −2≥2−a ①2a −1<a +3 ②中的①，得a ≥2． 解不等式②，得a <4．则2≤a <4．所以a 的最小整数值是2，所以，原式=2+12=32．18. 解：(t +5)(t −1)=0，t +5=0或t −1=0，∴t 1=−5，t 2=1，当t=−5时，√x2+2x=−5，此方程无解；当t=1时，√x2+2x=1，则x2+2x=1，配方得(x+1)2=2，解得x1=−1+√2，x2=−1−√2；经检验，原方程的解为x1=−1+√2，x2=−1−√2．19.(1)证明：由题意，△ABC≌△DBE，且∠ABD∠CBE=60°，∴AB=DB，∴△ABD是等边三角形，∴∠DAB=60°，∴∠CBE=∠DAB，∴BC//AD．(2)解：由题意，BA=BD=4，BC=BE=1，∠ABD=∠CBE=60°，∴A，C两点旋转所经过的路径长之和=60⋅π⋅4180+60⋅π⋅1180=5π3．20.解：(1)观察八年级95分的有2人，故a=2；七年级的中位数为90+902=90，故b=90；八年级的平均数为：112[85+85+95+80+95+90+90+90+100+90]=90，故c=90；八年级中90分的最多，故d=90；(2)七、八年级学生成绩的中位数和众数相同，但八年级的平均成绩比七年级高，且从方差看，八年级学生成绩更整齐，综上，八年级的学生成绩好；(3)∵600×1320=390(人)，∴估计该校七、八年级这次竞赛达到优秀的有390人．21.1 函数的图象关于y轴对称当x<0时，y随x的增大而增大，当x>0时，y随x 的增大而减小 4 4 2k解：(1)当x<0时，xy=−2，而当x>0时，xy=2，∴m=1，故答案为：1；补全图象如图所示：(2)故答案为：①函数的图象关于y轴对称，②当x<0时，y随x的增大而增大，当x>0时，y随x的增大而减小；(3)如图，①由A，B两点关于y轴对称，由题意可得四边形OABC是平行四边形，且S 四边形OABC =4S △OAM =4×12|k|=2|k|=4， ②同①可知：S 四边形OABC =2|k|=4，③S 四边形OABC =2|k|=2k ，故答案为：4，4，2k ．22. (1)证明：∵四边形ABCD 是矩形，∴∠B =∠D =∠C =90°，由折叠对称知：∠AGE =∠B =90°，∠AHF =∠D =90°，∴∠GHF =∠C =90°，∠EGC +∠HGF =90°，∠GFH +∠HGF =90°， ∴∠EGC =∠GFH ，∴△EGC∽△GFH ．(2)解：∵S △GFH ：S △AFH =2：3，且△GFH 和△AFH 等高，∴GH ：AH =2：3，∵将△ABE 沿着AE 折叠，点B 刚好落在CD 边上点G 处，∴AG =AB =GH +AH =20，∴GH =8，AH =12，∴AD =AH =12．(3)解：在Rt △ADG 中，DG =√AG 2−AD 2=√202−122=16，由折叠的对称性可设DF =FH =x ，则GF =16−x ，∵GH 2+HF 2=GF 2，∴82+x 2=(16−x)2，解得：x =6，∴HF =6，在Rt △GFH 中，tan∠GFH =GH HF =86=43．23. 解：(1)设这批防疫物资甲厂生产了a 吨，乙厂生产了b 吨，则：{a +b =5002a −b =100，解得{a =200b =300， 即这批防疫物资甲厂生产了200吨，乙厂生产了300吨；(2)由题意得：y =20(240−x)+25[260−(300−x)]+15x +24(300−x)=−4x +11000，∵{x ≥0240−x ≥0300−x ≥0x −40≥0，解得：40≤x ≤240， 又∵−4<0，∴y 随x 的增大而减小，∴当x =240时，可以使总运费最少，∴y 与x 之间的函数关系式为y =−4x +11000；使总运费最少的调运方案为：甲厂的200吨物资全部运往B 地，乙厂运往A 地240吨，运往B 地60吨；(3)由题意和(2)的解答得：y =−4x +11000−500m ，当x =240时，y 最小=−4×240+11000−500m =10040−500m ，∴10040−500m ≤5200，解得：m ≥9.68， 而0<m ≤15且m 为整数，∴m 的最小值为10．24. (1)证明：如图1，设AB 与y 轴交于M ，∵A(−2,−1)，B(3,−1)，∴AB//x 轴，且AM =2，OM =1，AB =5， ∴OA =OC =√5，∵DE//BC ，O 是AC 的中点，∴OE 是△ABC 的中位线，∴AE =12AB ，BC =2OE ，∴E(12,−1)，∴EM =12， ∴OE =√OM 2+ME 2=√12+(12)2=√52， ∴BC =2OE =√5，在△ABC 中，∵AC 2+BC 2=(2√5)2+(√5)2=25，AB 2=52=25， ∴AC 2+BC 2=AB 2，∴△ABC 是直角三角形，且∠ACB =90°， ∴BC ⊥AC ，∵AC 为半圆O 的直径，∴BC 是半圆O 的切线；(2)解：四边形OBCD 是平行四边形，理由是： 如图1，由(1)得：BC =OD =OA =√5， ∵OD//BC ，∴四边形OBCD 是平行四边形；(3)解：①如图2，由(1)知：OD =OA =√5，E 是AB 的中点，且E(12,−1)，OE =√52， 过D 作DN ⊥y 轴于N ，则DN//EM ，∴△ODN∽△OEM ， ∴ON OM =DN EM =OD OE ，即ON 1=DN 12=√5√52， ∴ON =2，DN =1，∴N(−1,2)，设此抛物线的解析式为：y =a(x −12)2−1， 把N(−1,2)代入得：2=a(−1−12)2−1， 解得：a =43，∴此抛物线的解析式为：y =43(x −12)2−1，即y =43x 2−43x −23； ②存在，过D 作DG ⊥EP 于G ，设Q 的横坐标为x ，∵DG =1+12=32，EG =2+1=3， ∴DE =√DG 2+EG 2=√(32)2+32=3√52， tan∠DEG =DG EG =323=12， ∵tan∠OAM =OM AM =12，且∠DEG 和∠OAM 都是锐角，∴∠DEG =∠OAM ，如图3，当△EPD∽△AOB 时，EP AO =DE AB ，即√5=3√525，∴EP =32， ∵S △AOB =12AB ⋅OM =12×5×1=52， ∵S △EPQ =S △OAB ，∴12⋅EP ⋅|x −12|=52， 即12×32×|x −12|=52，解得：x =236或−176； 如图4，当△OAB∽△DEP 时，AB EP =OA DE ，即5EP =√53√52，∴EP =152，同理得：12⋅152⋅|x −12|=52， 解得：x =76或−16；综上，存在符合条件的点Q ，Q 点的横坐标为236或−176或76或−16．。

2020年中考数学参考答案与试题解析：湖北省荆州市

2020年中考数学参考答案与试题解析：湖北省荆州市

2020年中考数学试卷参考答案与试题解析湖北省荆州市一、选择题（本大题共10小题，每小题只有唯一正确答案．每小题3分，共30分）1．（3分）（2020•荆州）若□×（﹣2）=1，则□内填一个实数应该是（）A．B． 2 C．﹣2 D．﹣分析：根据乘积是1的两个数互为倒数解答．解答：解：∵﹣×（﹣2）=1，∴□内填一个实数应该是﹣．故选D．点评：本题考查了有理数的乘法，是基础题，注意利用了倒数的定义．2．（3分）（2020•荆州）下列运算正确的是（）A．3﹣1=﹣3 B．=±3 C．（ab2）3=a3b6D．a6÷a2=a3考点：同底数幂的除法；算术平方根；幂的乘方与积的乘方；负整数指数幂．分析：运用负整数指数幂的法则运算，开平方的方法，同底数幂的除法以及幂的乘方计算．解答：解：A、3﹣1=≠3a，故A选项错误；B、=3≠±3，故B选项错误；C、（ab2）3=a3b6故C选项正确；D、a6÷a2=a4≠a3，故D选项错误．故选：C．点评：此题考查了负整数指数幂的运算，开平方，同底数幂的除法以及幂的乘方等知识，解题要注意细心．3．（3分）（2020•荆州）如图，AB∥ED，AG平分∠BAC，∠ECF=70°，则∠FAG的度数是（）A．155°B．145°C．110°D．35°考点：平行线的性质．分析：首先，由平行线的性质得到∠BAC=∠ECF=70°；然后利用邻补角的定义、角平分线的定义来求∠FAG的度数．解答：解：如图，∵AB∥ED，∠ECF=70°，∴∠BAC=∠ECF=70°，∴∠FAB=180°﹣∠BAC=110°．又∵AG平分∠BAC，∴∠BAG=∠BAC=35°，∴∠FAG=∠FAB+∠BAG=145°．故选：B．点评：本题考查了平行线的性质．根据“两直线平行，内错角相等”求得∠BAC的度数是解题的难点．4．（3分）（2020•荆州）将抛物线y=x2﹣6x+5向上平移2个单位长度，再向右平移1个单位长度后，得到的抛物线解析式是（）A．y=（x﹣4）2﹣6 B．y=（x﹣4）2﹣2 C．y=（x﹣2）2﹣2 D．y=（x﹣1）2﹣3考点：二次函数图象与几何变换．专题：几何变换．分析：先把y=x2﹣6x+5配成顶点式，得到抛物线的顶点坐标为（3，﹣4），再把点（3，﹣4）向上平移2个单位长度，再向右平移1个单位长度得到点的坐标为（4，﹣2），然后根据顶点式写出平移后的抛物线解析式．解答：解：y=x2﹣6x+5=（x﹣3）2﹣4，即抛物线的顶点坐标为（3，﹣4），把点（3，﹣4）向上平移2个单位长度，再向右平移1个单位长度得到点的坐标为（4，﹣2），所以平移后得到的抛物线解析式为y=（x﹣4）2﹣2．故选B．点评：本题考查了二次函数图象与几何变换：由于抛物线平移后的形状不变，故a不变，所以求平移后的抛物线解析式通常可利用两种方法：一是求出原抛物线上任意两点平移后的坐标，利用待定系数法求出解析式；二是只考虑平移后的顶点坐标，即可求出解析式．5．（3分）（2020•荆州）已知α是一元二次方程x2﹣x﹣1=0较大的根，则下面对α的估计正确的是（）A．0＜α＜1 B．1＜α＜1.5 C．1.5＜α＜2 D．2＜α＜3考点：解一元二次方程-公式法；估算无理数的大小．分析：先求出方程的解，再求出的范围，最后即可得出答案．解答：解：解方程x2﹣x﹣1=0得：x=，∵a是方程x2﹣x﹣1=0较大的根，∴a=，∵2＜＜3，∴3＜1+＜4，∴＜＜2，故选C．点评：本题考查了解一元二次方程，估算无理数的大小的应用，题目是一道比较典型的题目，难度适中．6．（3分）（2020•荆州）如图，AB是半圆O的直径，D，E是半圆上任意两点，连结AD，DE，AE 与BD相交于点C，要使△ADC与△ABD相似，可以添加一个条件．下列添加的条件其中错误的是（）A．∠ACD=∠DAB B．A D=DE C．A D2=BD•CD D．A D•AB=AC•BD考点：相似三角形的判定；圆周角定理．分析：由∠ADC=∠ADB，根据有两角对应相等的三角形相似与两组对应边的比相等且夹角对应相等的两个三角形相似，即可求得答案；注意排除法在解选择题中的应用．解答：解：如图，∠ADC=∠ADB，A、∵∠ACD=∠DAB，∴△ADC∽△BDA，故本选项正确；B、∵AD=DE，∴=，∴∠DAE=∠B，∴△ADC∽△BDA，故本选项正确；C、∵AD2=BD•CD，∴AD：BD=CD：AD，∴△ADC∽△BDA，故本选项正确；D、∵AD•AB=AC•BD，∴AD：BD=AC：AB，但∠ADC=∠ADB不是公共角，故本选项错误．故选D．点评：此题考查了相似三角形的判定以及圆周角定理．此题难度适中，注意掌握数形结合思想的应用．7．（3分）（2020•荆州）如图，直线y1=x+b与y2=kx﹣1相交于点P，点P的横坐标为﹣1，则关于x的不等式x+b＞kx﹣1的解集在数轴上表示正确的是（）。

备战2020中考荆州市中考第二次模拟考试数学试题含答案【含多套模拟】

备战2020中考荆州市中考第二次模拟考试数学试题含答案【含多套模拟】

中学数学二模模拟试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，计30分.每小题只有一个选项是符合题意的） 1．9的平方根为（ ） A ．3B ．-3C ．±3D ．2．如图的几何体，它的俯视图是（ ）A ．B ．C ．D ．3．下列运算正确的是（ ） A ．（-3mn ）2=-6m2n2 B ．4x4+2x4+x4=6x4 C ．（xy ）2÷（-xy ）=-xyD ．（a-b ）（-a-b ）=a2-b24．如图，AE ∥CD ，△ABC 为等边三角形，若∠CBD=15°，则∠EAC 的度数是（ ）A ．60°B ．45°C ．55°D ．75°5．已知正比例函数y=kx （k≠0）的图象经过点A （a-2，b ）和点B （a ，b+4），则k 的值为（ ）A ．12B ．-12C ．2D ．-26．如图，△ABC 中，∠A=25°，∠B=65°，CD 为∠ACB 的平分线，CE ⊥AB 于点E ，则∠ECD 的度数是（ ）A ．25°B ．20°C ．30°D ．15°7．直线l1：y=-12x+1与直线l2关于点（1，0）成中心对称，下列说法正确的是（ ）A ．将l1向下平移2个单位得到l2B ．将l1向右平移2个单位得到l2C ．将l1向左平移1个单位，再向下平移2个单位得到l2D ．将l1向左平移4个单位，再向上平移1个单位得到l28．如图，BD 为菱形ABCD 的一条对角线，E 、F 在BD 上，且四边形ACEF 为矩形，若EF=12BD ，则AEAD 的值为（ ）A．B ．25C ．12D．29．如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD ⊥AB 于点E ，连接OC 、BD ，若∠AOC=110°，则∠BCD 的度数是（ ）A ．35°B ．46°C ．55°D ．70°10．关于x 的二次函数y=mx2+（m-4）x+2（m ＜0），下列说法：①二次函数的图象开口向下；②二次函数与x 轴有两个交点；③当x ＜-13，y 随x 的增大而增大；④二次函数图象顶点的纵坐标大于等于6，其中正确的论述是（ ） A ．①②③B ．①③④C ．①②④D ．②③④二、填空题（共4小题，每小题3分，共12分）11．不等式442x x->-的最小整数解为12．如图，在正五边形ABCDE 中，连接AC 、AD ，则∠CAD 的度数是 度13．若直线y=-x+m 与双曲线y=nx （x ＞0）交于A （2，a ），B （4，b ）两点，则mn 的值为 .14．如图，等腰直角△ABC 中，∠C=90°，，E 、F 为边AC 、BC 上的两个动点，且CF=AE ，连接BE 、AF ，则BE+AF 的最小值为三、解答题（共11小题，计78分.解答应写出过程）15．计算：312tan 602-︒⎛⎫-+ ⎪⎝⎭ 16．解方程：13222x xx --=-- 17．如图，已知四边形ABCD 中，AD ＜BC ，AD ∥BC ，∠B 为直角，将这个四边形折叠使得点A 与点C 重合，请用尺规作图法找出折痕所在的直线．（保留作图痕迹，不写作法）18．如图，AB ∥CD ，且AB=CD ，连接BC ，在线段BC 上取点E 、F ，使得CE=BF ，连接AE 、DF ．求证：AE ∥DF ．19．我校“点爱”社团倡导全校学生参加“关注特殊儿童”自愿捐款活动，并对此次活动进行抽样调查，得到一组学生捐款情况的数据，将数据整理成如图所示的统计图（图中信息不完整）．已知A 、B 两组捐款人数的比为1：5．请结合以上信息解答下列问题．（1）a= ，本次抽样调查样本的容量是；（2）补全“捐款人数分组统计图1”；（3）若记A组捐款的平均数为5元，B组捐款的平均数为15元，C组捐款的平均数为25元，D组捐款的平均数为35元，E组捐款的平均数为50元，全校共有2000名学生参加此次活动，请你估计此次活动可以筹得善款的金额大约为多少元．20．如图，在一笔直的海岸线l上有A，B两个观测站，A在B的正东方向2千米处．有一艘小船在观测点A北偏西60°的方向上航行，一段时间后，到达点C处，此时，从观测点B 测得小船在北偏西15°方向上．求点C与点B之间的距离．（结果保留根号）21．为了美化环境，建设最美西安，我市准备在一个广场上种植甲、乙两种花卉，经市场调查，甲种花卉的种植费用为y（元）与种植面积x（m2）之间的函数关系如图所示，乙种花卉的种植费用为100元/m2．（1）求y与x之间的函数关系式；（2）广场上甲、乙两种花卉的种植面积共1200m2，若甲种花卉的种植面积不少于200m2，且不超过乙种花卉种植面积的2倍，那么应该怎样分配甲、乙两种花卉的种植面积才能使种植费用最少？最少费用为多少元？22．甲、乙、丙、丁4人聚会，吗，每人带了一件礼物，4件礼物从外盒包装看完全相同，将4件礼物放在一起．（1）甲从中随机抽取一件，则甲抽到不是自己带来的礼物的概率是 ；（2）甲先从中随机抽取一件，不放回，乙再从中随机抽取一件，求甲、乙2人抽到的都不是自己带来的礼物的概率．23．如图，△ABC 中，∠ACB=90°，∠A=60°，点O 为AB 上一点，且3AO=AB ，以OA 为半径作半圆O ，交AC 于点D ，AB 于点E ，DE 与OC 相交于F ． （1）求证：CB 与⊙O 相切； （2）若AB=6，求DF 的长度．24．已知抛物线L ：y=ax2+bx+3与x 轴交于A （1，0），B （3，0）两点，与y 轴交于点C ，顶点为D ．（1）求抛物线的函数表达式及顶点D 的坐标；（2）若将抛物线L 沿y 轴平移后得到抛物线L′，抛物线L′经过点E （4，1），与y 轴的交点为C′，顶点为D′，在抛物线L′上是否存在点M ，使得△MCC′的面积是△MDD′面积的2倍？若存在，求出点M 的坐标；若不存在，请说明理由．25．发现问题：如图1，直线a ∥b ，点B 、C 在直线b 上，点D 为AC 的中点，过点D 的直线与a ，b 分别相交于M 、N 两点，与BA 的延长线交于点P ，若△ABC 的面积为1，则四边形AMNB 的面积为 ；探究问题：如图2，Rt △ABC 中，∠DAC=13∠BAC ，DA=2，求△ABC 面积的最小值；拓展应用：如图3，矩形花园ABCD 的长AD 为400米，宽CD 为300米，供水点E 在小路AC 上，且AE=2CE ，现想沿BC 上一点M 和CD 上一点N 修一条小路MN ，使得MN 经过E ，并在四边形AMCN 围城的区域内种植花卉，剩余区域铺设草坪根据项目的要求种植花卉的区域要尽量小．请根据相关数据求出四边形AMCN 面积的最小值，及面积取最小时点M 、N 的位置．（小路的宽忽略不计）参考答案与试题解析1. 【分析】根据平方根的定义求解即可，注意一个正数的平方根有两个．【解答】解：9的平方根有：．故选：C．【点评】此题考查了平方根的知识，属于基础题，解答本题关键是掌握一个正数的平方根有两个，且互为相反数．2. 【分析】找到从几何体的上面看所得到的图形即可．【解答】解：这个几何体的俯视图为故选：A．【点评】本题考查了几何体的三种视图，掌握定义是关键．注意所有的看到的棱都应表现在三视图中．3. 【分析】根据积的乘方、合并同类项、整式的乘法、除法，即可解答．【解答】解：A、（-3mn）2=9m2n2，故错误；B、4x4+2x4+x4=7x4，故错误；C、正确；D、（a-b）（-a-b）=-（a2-b2）=b2-a2，故错误；故选：C．【点评】本题考查了积的乘方、合并同类项、整式的乘法、除法，解决本题的关键是熟记相关法则．4. 【分析】如图，延长AC交BD于H．求出∠CHB即可解决问题．【解答】解：如图，延长AC交BD于H．∵△ABC是等边三角形，∴∠ACB=60°，∵∠ACB=∠CBD+∠CHB，∠CBD=15°，∴∠CHB=45°，∵AE∥BD，∴∠EAC=∠CHB=45°，故选：B．【点评】本题考查平行线的性质，等边三角形的性质等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．5. 【分析】由正比例函数y=kx可得k=yx，将点A与B代入可得42b ba a+=-，求出b=2a-4，再将A点代入即可求解．【解答】解：由正比例函数y=kx可得k=y x，∵图象经过点A（a-2，b）和点B（a，b+4），∴42b ba a+=-，∴b=2a-4，∴A（a-2，2a-4），将点A代入y=kx可得2a-4=k（a-2），∴k=2，故选：C．【点评】本题考查正比例函数的性质；能够根据已知点建立方程求出b=2a-4是解题的关键．6. 【分析】根据∠ECD=∠DCB-∠ECB，求出∠DCB，∠ECB即可．【解答】解：∵∠ACB=180°-∠A-∠B=90°，又∵CD平分∠ACB，∴∠DCB=12×90°=45°，∵CE⊥AB，∴∠CEB=90°，∴∠ECB=90°-65°=25°，∴∠ECD=45°-25°=20°．故选：B．【点评】本题考查三角形内角和定理，角平分线的定义等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．7. 【分析】设直线l2的点（x，y），则（2-x，-y）在直线l1：y=-12x+1上，代入可得直线l2解析式，根据直线l1与直线l2的解析式即可判断．【解答】解：设直线l2的点（x，y），则（2-x，-y）在直线l1：y=-12x+1上，∴-y=-12（2-x）+1，∴直线l2的解析式为：y=-12（x-2）+1，∴将l1向右平移2个单位得到l2，故选：B．【点评】本题考查了一次函数图象与几何变换，求得直线l2的解析式是解题的关键．8. 【分析】由菱形的性质可知对角线垂直且互相平分，由矩形的性质可知对角线又互相平分且相等，再加上EF=12BD，可以得到OA=OC=OE=OF=12OB=14BD，设OA=x，用勾股定理可以表示出AE、AD，进而求出他们的比值，再做出选择．【解答】解：连接AC交BD于点O，∵菱形ABCD，∴AC⊥BD，AB=BC=CD=DA，OA=OC=12AC，OB=OD=12BD，∵AFCE是矩形，∴AC=EF=2OF=2OE，又∵EF=12BD，∴OA=OF，OB=2OA，设OA=x，则OE=x，OB=2x，在Rt△AOE和Rt△AOB中，AEAE ABAD====∴==；，故选：A．【点评】考查菱形的性质、矩形的性质、直角三角形的勾股定理等知识，合理的转化以及设参数是解决问题常用方法．9. 【分析】连接BC，根据圆周角定理求得∠ABC的度数，然后根据直角三角形的锐角互余即可求解．【解答】解：连接BC，∵∠AOC=110°，∴∠ABC=12∠AOC═55°，∵CD⊥AB，∴∠BEC=90°，∴∠BCD=90°-55°=35°，故选：A．【点评】本题考查了垂径定理以及圆周角定理，根据圆周角定理把求∠ABD的问题转化成求等腰三角形的底角的问题．10. 【分析】①由m＜0即可判断出①；②令y=mx2+（m-4）x+2=0，求出根的判别式△＞0，判断②；③求出抛物线的对称轴，即可判断③；④根据顶点坐标式求出抛物线的顶点，然后根据顶点纵坐标判断④．【解答】解：①∵m＜0，∴二次函数的图象开口向下，故①正确，②令y=mx2+（m-4）x+2=0，求△=（m-8）2-48，∵m＜0，∴△=（m-8）2-48＞0，∴二次函数与x轴有两个交点，故②正确，③抛物线开口向下，对称轴42mxm-=-，∵41120 236m mm m---+=<，∴4123 mm--<-，所以当42mxm--＜时，y随x的增大而增大，故③错误，④y=mx2+（m-4）x+2，∵2242(4)(4)60 44m m mm m⨯--+-=-…，∴242(4)64m mm⨯--…，∴二次函数图象顶点的纵坐标大于等于6，故④正确，正确的结论有①②④， 故选：C ． 【点评】本题主要考查二次函数的性质，解答本题的关键是熟练掌握抛物线的图象以及二次函数的性质，此题难度一般．11. 【分析】首先利用不等式的基本性质解不等式，再从不等式的解集中找出适合条件的最小整数解即可．【解答】解：442x x->-，x-4＞8-2x ， 3x ＞12 x ＞4，故不等式442x x->-的最小整数解为5．故答案为：5．【点评】本题考查了一元一次不等式的整数解，正确解不等式，求出解集是解答本题的关键．解不等式应根据不等式的基本性质． 12. 【分析】根据正五边形的性质和内角和为540°，得到△ABC ≌△AED ，AC=AD ，AB=BC=AE=ED ，先求出∠BAC 和∠DAE 的度数，再求∠CAD 就很容易了． 【解答】解：根据正五边形的性质，△ABC ≌△AED ，∴∠CAB=∠DAE=12（180°-108°）=36°，∴∠CAD=108°-36°-36°=36°．【点评】本题考查了正五边形的性质：各边相等，各角相等，内角和为540°．13【分析】根据反比例函数图象上点的坐标特征和一次函数图象上点的坐标特征得出2244nm n m ⎧-+=⎪⎪⎨⎪-+=⎪⎩①②，解方程组即可求得m 、n 的值，从而求得mn 的值．【解答】解：由题意得2244n m n m ⎧-+=⎪⎪⎨⎪-+=⎪⎩①②，①-②得，4n=2，解得n=8，把n=8代入①求得m=6， ∴mn=48， 故答案为48．【点评】本题考查了一次函数和反比例函数的交点问题，根据题意得到关于m 、n 的方程组是解题的关键． 14.【分析】如图，作点C 关于直线B 的对称点D ，连接AD ，BD ，延长DA 到H ，使得AH=AD ，连接EH ，BH ，DE ．想办法证明AF=DE=EH ，BE+AF 的最小值转化为EH+EB 的最小值． 【解答】解：如图，作点C 关于直线B 的对称点D ，连接AD ，BD ，延长DA 到H ，使得AH=AD ，连接EH ，BH ，DE ．∵CA=CB ，∠C=90°， ∴∠CAB=∠CBA=45°， ∵C ，D 关于AB 对称，∴DA=DB ，∠DAB=∠CAB=45°，∠ABD=∠ABC=45°， ∴∠CAD=∠CBD=∠ADC=∠C=90°， ∴四边形ACBD 是矩形， ∵CA=CB ，∴四边形ACBD 是正方形，∵CF=AE ，CA=DA ，∠C=∠EAD=90°， ∴△ACF ≌△DAE （SAS ）， ∴AF=DE ，∴AF+BE=ED+EB ，∵CA 垂直平分线段DH ， ∴ED=EH ，∴AF+BE=EB+EH ， ∵EB+EH≥BH ，∴AF+BE 的最小值为线段BH 的长，=，∴AF+BE 的最小值为故答案为【点评】本题考查全等三角形的判定和性质，等腰直角三角形的性质，轴对称最短问题等知识，解题的关键是学会学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，属于中考常考题型． 15. 【分析】直接利用特殊角的三角函数值以及二次根式的性质、绝对值的性质分别化简得出答案．【解答】解：原式（）+8．【点评】此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．16. 【分析】分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x 的值，经检验即可得到分式方程的解．【解答】解：去分母得：1-x-2x+4=3，解得：x=23，经检验x=23是分式方程的解．【点评】此题考查了解分式方程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验．17. 【分析】由折叠可得，折痕所在直线垂直平分对称点的连线AC ，故作线段AC 的垂直平分线EF ，则EF 即为所求．【解答】解：如图所示，连接AC ，作线段AC 的垂直平分线EF ，则EF 即为所求．【点评】本题主要考查了利用轴对称变换作图，利用轴对称的性质是解决问题的关键． 18. 【分析】根据平行线的性质可得∠C=∠B ，再根据等式的性质可得CF=BE ，然后利用SAS 判定△AEB ≌△DFC ，根据全等三角形对应边相等可得∠AEB=∠DFC 即可解决问题． 【解答】证明：∵AB ∥CD ， ∴∠C=∠B ， ∵CE=BF ，∴CE+EF=FB+EF ， 即CF=BE ，在△AEB 和△DFC 中AB CD B C EB CF ⎧⎪⎪⎩∠∠⎨＝＝＝，∴△AEB ≌△DFC （SAS ）， ∴∠AEB=∠DFC ， ∴AE ∥DF ． 【点评】此题主要考查了全等三角形的性质，全等三角形的判定是结合全等三角形的性质证明线段和角相等的重要工具．在判定三角形全等时，关键是选择恰当的判定条件． 19. 【分析】（1）由B 组人数为100且A 、B 两组捐款人数的比为1：5可得a 的值，用A 、B 组人数和除以其所占百分比可得总人数； （2）先求出C 组人数，继而可补全图形；（3）先求出抽查的500名学生的平均捐款数，再乘以总人数可得．【解答】解：（1）a=100×15=20，本次调查样本的容量是：（100+20）÷（1-40%-28%-8%）=500， 故答案为：20，500；（2）∵500×40%=200， ∴C 组的人数为200，补全“捐款人数分组统计图1”如右图所示；（3）∵A 组对应百分比为20500×100%=4%，B 组对应的百分比为100500×100%=20%，∴抽查的500名学生的平均捐款数为5×4%+15×20%+25×40%+35×28%+50×8%=27（元）， 则估计此次活动可以筹得善款的金额大约为2000×27=54000（元）．【点评】此题考查的是条形统计图的综合运用．读懂统计图，从统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据．20. 【分析】作BH ⊥AC 于H ，根据含30°的直角三角形的性质求出BH ，根据等腰直角三角形的性质求出BC ．【解答】解：作BH ⊥AC 于H ，由题意得，∠BAC=30°，∠ABC=105°， ∴∠C=180°-105°-30°=45°， ∵∠AHB=90°，∠BAC=30°，∴BH=12AB=1，在Rt △BCH 中，∠C=45°，∴，答：点C与点B千米．【点评】本题考查的是解直角三角形的应用-方向角问题，掌握方向角的概念、熟记锐角三角函数的定义是解题的关键．21. 【分析】（1）y与x之间的函数关系是分段函数关系，当0＜x≤200时，y与x是正比例函数，当x＞200时，y与x是一次函数，可分别用待定系数法求出其函数关系式；（2）根据题意，可以确定自变量的取值范围，在自变量的取值范围内，依据函数的增减性确定种植面积和最小值的问题．【解答】解：（1）当0＜x≤200时，y与x是正比例函数，由于过（200，24000）∴k=120∴y与x之间的函数关系式为：y=120x （0＜x≤200），当x＞200时，y与x是一次函数，由于过（200，24000），（300，32000）设y=kx+b，代入得：2002400030032000k bk b⎨⎩++⎧＝＝，解得：k=80，b=8000，∴y与x之间的函数关系式为：y=80x+8000 （x≥200），答：y与x之间的函数关系式为：y=120?020080()(8000?200)x xx x⎩≤+⎧⎨＜＞．（2）由题意得：()20021200xx x≥≤-⎧⎨⎩，解得：200≤x≤800，又∵y=80x+8000 （x≥200），∴y随x的增大而增大，当x=200时，y最小=200×80+8000=24000元，此时，甲花卉种200m2，乙花卉种1000m2，答：甲花卉种200m2，乙花卉种1000m2，才能使种植费用最少，最少费用为24000元．【点评】考查一次函数的性质，待定系数法求函数的关系式，一元一次不等式组应用等知识，正确地掌握这些知识，是解决问题的前提和基础．22. 【分析】（1）根据概率公式计算即可得出答案；（2）画出树状图，然后根据概率公式列式进行计算即可得解．【解答】解：（1）甲抽到不是自己带来的礼物的概率为：3 4；故答案为：3 4；（2）设甲、乙、丙、丁4人的礼物分别记为a、b、c、d，根据题意画出树状图如图：一共有12种等可能的结果，甲、乙2人抽到的都不是自己带来的礼物的结果有7个，∴甲、乙2人抽到的都不是自己带来的礼物的概率为7 12．【点评】本题考查了列表法与树状图法，用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．23. 【分析】（1）过O作OH⊥BC与H，根据直角三角形的性质得到OH=12OB，证得OH=OA，于是得到结论；（2）解直角三角形得到BC=，根据相似三角形的性质即可得到结论．【解答】（1）证明：过O作OH⊥BC与H，∵∠ACB=90°，中学数学二模模拟试卷一、选择题（本大题共12小题，共48.0分）1.下面调查方式中，合适的是（）A. 调查你所在班级同学的体重，采用抽样调查方式B. 调查乌金塘水库的水质情况，采用抽样调査的方式C. 调查《联赛》栏目在我市的收视率，采用普查的方式D. 要了解全市初中学生的业余爱好，采用普查的方式2.-1的相反数是（）A. 1B. 0C.D. 23.某学校为了了解学生的课外阅读情况，随机调查了50名学生，得到他们在某一天各自课外阅读所用的时间的数据，结果如图所示，根据此条形统计图估计这一天该校学生平均课外阅读时间约为（）A. 时B. 时C. 时D. 时4.有若干个完全相同的小正方体堆成一个如图所示几何体，若现在你手头还有一些相同的小正方体，如果保持俯视图和左视图不变，最多可以再添加小正方体的个数为（）A. 2B. 3C. 4D.55.班级组织有奖知识竞赛，小明用100元班费购买笔记本和钢笔共30件，已知笔记本每本2元，钢笔每支5元，那么小明最多能买钢笔（）A. 20支B. 14支C. 13支D. 10支6.如图，一束光线从y轴的点A（0，2）出发，经过x轴上的点C反射后经过点B（6，6），则光线从点A到点B所经过的路程是（）A. 10B. 8C. 6D. 47.如图，甲为四等分数字转盘，乙为三等分数字转盘．同时自由转动两个转盘，当转盘停止转动后（若指针指在边界处则重转），两个转盘指针指向数字之和不超过4的概率是（）A. B. C. D.8.如图，△ABC中，∠ABC=∠BAC，D是AB的中点，EC∥AB，DE∥BC，AC与DE交于点O．下列结论中，不一定成立的是（）A.B.C.D.9.如图，把直线l沿x轴正方向向右平移2个单位得到直线l′，则直线l′的解析式为（）A. B. C. D.10.某校有25名同学参加某比赛，预赛成绩各不相同，取前13名参加决赛，其中一名同学已经知道自己的成绩，能否进入决赛，只需要再知道这25名同学成绩的（）A. 最高分B. 中位数C. 方差D. 平均数11.在直角坐标系中，O为坐标原点，A（1，1），在x轴上确定一点P，使△AOP为等腰三角形，则符合条件的点P共有（）A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个12.如图，等边△ABC的边长为4，点D，E分别是BC，AC的中点，动点M从点A向点B匀速运动，同时动点N沿B-D-E匀速运动，点M，N同时出发且运动速度相同，点M到点B时两点同时停止运动，设点M走过的路程为x，△AMN的面积为y，能大致刻画y与x的函数关系的图象是（）A. B.C. D.二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）13.35989.76用科学记数法表示为______．14.方程x2-4x-3=0的解为______．15.已知等腰△ABC内接于半径为5的⊙O，如果底边BC的长为8，那么BC边上的高为______．16.100个数排成一行，其中任意三个相邻数中，中间一个数都等于它前后两个数的和，如果这100个数的前两个数依次为1，0，那么这100个数中“0”的个数为______个．17.如图，在四边形ABCD中，AB∥CD，2AB=2BC=CD=10，tan B=，则AD=______．18.如图，矩形ABCD的边AB=1，BE平分∠ABC，交AD于点E，AD=2AB，以点B为圆心，BE为半径画弧，交BC于点F，则图中阴影部分的面积是______．三、计算题（本大题共2小题，共20.0分）19.已知x=+1，求的值．20.如图1，二次函数y=ax2-2ax-3a（a＜0）的图象与x轴交于A、B两点（点A在点B的右侧），与y轴的正半轴交于点C，顶点为D．（1）求顶点D的坐标（用含a的代数式表示）；（2）若以AD为直径的圆经过点C．①求抛物线的函数关系式；②如图2，点E是y轴负半轴上一点，连接BE，将△OBE绕平面内某一点旋转180°，得到△PMN（点P、M、N分别和点O、B、E对应），并且点M、N都在抛物线上，作MF⊥x轴于点F，若线段MF：BF=1：2，求点M、N的坐标；③点Q在抛物线的对称轴上，以Q为圆心的圆过A、B两点，并且和直线CD相切，如图3，求点Q的坐标．四、解答题（本大题共6小题，共58.0分）21.为了从甲、乙两名学生中选择一人参加电脑知识竞赛，在相同条件下对他们的电脑知识10（）请填写下表．（2）利用以上信息，请从三个不同的角度对甲、乙两名同学的成绩进行分析．22.如图，在⊙O中，弦AB与DC相交于点E，AB=CD．（1）求证：△AEC≌△DEB；（2）点B与点C关于直线OE对称吗？试说明理由．23.已知抛物线y=（1-a）x2+8x+b的图象的一部分如图所示，抛物线的顶点在第一象限，且经过点A（0，-7）和点B．（1）求a的取值范围；（2）若OA=2OB，求抛物线的解析式．24.第二次分别购买香蕉多少千克？25.如图，在平面直角坐标系中，已知△AOB，A（0，-3），B（-2，0）．将△OAB先绕点B逆时针旋转90°得到△BO1A1，再把所得三角形向上平移2个单位得到△B1A2O2；（1）在图中画出上述变换的图形，并涂黑；（2）求△OAB在上述变换过程所扫过的面积．26.如图，在正方形ABCD中，AB=2，E是AD边上一点（点E与点A，D不重合）．BE的垂直平分线交AB于M，交DC于N．（1）设AE=x，四边形ADNM的面积为S，写出S关于x的函数关系式；（2）当AE为何值时，四边形ADNM的面积最大？最大值是多少？答案和解析1.【答案】B【解析】解：A、调查你所在班级同学的体重，采用普查，故A不符合题意；B、调查乌金塘水库的水质情况，无法普查，采用抽样调査的方式，故B符合题意；C、调查《CBA联赛》栏目在我市的收视率，调查范围广适合抽样调查，故C不符合题意；D、要了解全市初中学生的业余爱好，调查范围广适合抽样调查，故D不符合题意；故选：B．由普查得到的调查结果比较准确，但所费人力、物力和时间较多，而抽样调查得到的调查结果比较近似．本题考查了抽样调查和全面调查的区别，选择普查还是抽样调查要根据所要考查的对象的特征灵活选用，一般来说，对于具有破坏性的调查、无法进行普查、普查的意义或价值不大，应选择抽样调查，对于精确度要求高的调查，事关重大的调查往往选用普查．2.【答案】A【解析】解：-1的相反数是1．故选：A．只有符号不同的两个数叫做互为相反数．本题考查了相反数，在一个数的前面加上符号就是这个数的相反数．3.【答案】B【解析】解：这一天该校学生平均课外阅读时间== =1.07（小时）．故选：B．求出总的阅读时间与总人数的商即可．本题考查的是条形统计图，读懂统计图，从统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据．4.【答案】C【解析】解：若要保持俯视图和左视图不变，可以往第2排右侧正方体上添加1个，往第3排中间正方体上添加2个、右侧两个正方体上再添加1个，即一共添加4个小正方体，故选：C．若要保持俯视图和左视图不变，可以往第2排右侧正方体上添加1个，往第3排中间正方体上添加2个、右侧两个正方体上再添加1个，据此可得．本题考查简单组合体的三视图的画法．主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形；注意看到的用实线表示，看不到的用虚线表示．5.【答案】C【解析】解：设小明最多能买钢笔x支，则小明买笔记本（30-x）本，故5x+2（30-x）≤100，解得x≤13．因为钢笔的支数应为整数，故小明最多能买钢笔13支．故选：C．先设小明最多能买钢笔x支，则小明买笔记本（30-x）本，再根据题意列出不等式求解即可．此题是一元一次不等式在实际生活中的运用，解答此题的关键是熟知不等式的性质，找到关键描述语，进而找到所求的量的等量关系．6.【答案】A【解析】解：法1：B点作x轴的垂线与x轴相交于点D，则BD⊥CD，∵A点经过点C反射后经过B点，∴∠OCA=∠DCB，∴△OAC∽△DBC，又∵BD⊥CD，AO⊥OC，根据勾股定理得出==，OA=2，BD=6，===∵OD=OC+CD=6∴OC=6×=1.5．AC===2.5，BC=2.5×3=7.5，AC+BC=2.5+7.5=10；法2：延长BC，与y轴交于E点，过B作BF⊥y轴，交y轴于F点，由题意得到A与E关于x轴对称，可得E（0，-2），AC=CE，∴BF=6，EF=OE+OF=6+2=8，在Rt△BEF中，根据勾股定理得：BE==10，则光线从A到B所经过的路程为AC+CB=EC+CB=BE=10．故选：A．法1：B点作x轴的垂线与X轴相交于点D，由已知条件可以得到△OAC∽△DBC，从而得到OA与BD、OC与CD、AC与BC的关系，然后求的A点到B点所经过的路程为AC+BC；法2：延长BC，交y轴与E，由题意得到A与E关于x轴对称，得到E（0，-2），过B作BF垂直于y轴，利用勾股定理求出BE的距离，即为光线从点A到点B所经过的路程．本题考查镜面反射的原理与性质、三角形相似的性质以及勾股定理的应用．7.【答案】D【解析】解：由树状图可知共有4×3=12种可能，两个转盘指针指向数字之和不超过4的有6种，∴两个转盘指针指向数字之和不超过4的概率是，故选：D．列举出所有情况，看两个转盘指针指向数字之和不超过4的情况占总情况的多少即可．本题主要考查列表法与树状图法，画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合于两步完成的事件；用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．8.【答案】B【解析】解：∵EC∥AB，DE∥BC，∴四边形DBCE为平行四边形，∴BC=DE，DB=EC，∵∠ABC=∠BAC，∴CB=CA，∴AC=DE，A结论正确，不符合题意；∵∠ABC与∠ACB不一定相等，∴AB与AC不一定相等，B结论错误，符合题意；∵AD=DB，DB=EC，∴AD=EC，C结论正确，不符合题意；∵DE∥BC，∴∠ADO=∠ABC，∴∠ADO=∠A，∴OA=OD，∵DE∥BC，D是AB的中点，∴OD=BC=DE=OE，∴OA=OE，D结论正确，不符合题意；故选：B．根据平行四边形的性质判定定理和性质定理判断A；根据等腰三角形的判定定理判断B；根据平行四边形的性质判断C，根据等腰三角形的性质判断D．本题考查的是三角形中位线定理、平行四边形的判定和性质、等腰三角形的性质，掌握三角形的中位线平行于第三边，且等于第三边的一半是解题的关键．9.【答案】C【解析】解：∵直线L经过（0，0）、（1，2），∴直线l为y=2x，∵直线l沿x轴正方向向右平移2个单位得到直线l′，∴直线l′为y=2（x-2），即y=2x-4，故选：C．先确定直线l的解析式，然后根据平移的规律即可求得．本题考查了一次函数图象与几何变换，解决本题的关键是求直线解析式和熟练掌握平移的规律．10.【答案】B【解析】解：某校有25名同学参加某比赛，预赛成绩各不相同，取前13名参加决赛，其中一名同学已经知道自己的成绩，能否进入决赛，只需要再知道这25名同学成绩的中位数．故选：B．根据中位数的意义分析．此题主要考查统计的有关知识，主要包括平均数、中位数、众数、方差的意义．反映数据集中程度的统计量有平均数、中位数、众数、方差等，各有局限性，因此要。

2020年湖北省荆州市中考数学试题及参考答案(word解析版)

2020年湖北省荆州市中考数学试题及参考答案(word解析版)

荆州市2020年初中学业水平考试数学试题（满分为120分，考试时间为120分钟）一、选择题（本大题共有10个小题，每小题3分，共30分）1．有理数﹣2的相反数是（）A．2 B．C．﹣2 D．﹣2．下列四个几何体中，俯视图与其它三个不同的是（）A．B．C．D．3．在平面直角坐标系中，一次函数y＝x+1的图象是（）A．B．C．D．4．将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，若∠CAB＝30°，则∠ACB的度数是（）A．45°B．55°C．65°D．75°5．八年级学生去距学校10km的荆州博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达．已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度．若设骑车学生的速度为xkm/h，则可列方程为（）A．﹣＝20 B．﹣＝20 C．﹣＝D．﹣＝6．若x为实数，在“（+1）□x”的“□”中添上一种运算符号（在“+，﹣，×，÷”中选择）后，其运算的结果为有理数，则x不可能是（）A．+1 B．﹣1 C．2D．1﹣7．如图，点E在菱形ABCD的AB边上，点F在BC边的延长线上，连接CE，DF，对于下列条件：①BE＝CF；②CE⊥AB，DF⊥BC；③CE＝DF；④∠BCE＝∠CDF．只选取其中一条添加，不能确定△BCE≌△CDF的是（）A．①B．②C．③D．④8．如图，在平面直角坐标系中，Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．C为OA的中点，BC＝1，则点A的坐标为（）A．（，）B．（，1）C．（2，1）D．（2，）9．定义新运算“a*b”：对于任意实数a，b，都有a*b＝（a+b）（a﹣b）﹣1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例4*3＝（4+3）（4﹣3）﹣1＝7﹣1＝6．若x*k＝x（k为实数）是关于x的方程，则它的根的情况为（）A．有一个实数根B．有两个相等的实数根C．有两个不相等的实数根D．没有实数根10．如图，在6×6的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，点A，B，C均在网格交点上，⊙O是△ABC的外接圆，则cos∠BAC的值为（）A．B．C．D．二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）11．若a＝（π﹣2020）0，b＝﹣（）﹣1，c＝|﹣3|，则a，b，c的大小关系为．（用“＜”号连接）12．若单项式2x m y3与3xy m+n是同类项，则的值为．13．已知：△ABC，求作：△ABC的外接圆．作法：①分别作线段BC，AC的垂直平分线EF和MN，它们相交于点O；②以点O为圆心，OB的长为半径画圆．如图，⊙O即为所求，以上作图用到的数学依据有：．（只需写一条）14．若标有A，B，C的三只灯笼按图所示悬挂，每次摘取一只（摘B前需先摘C），直到摘完，则最后一只摘到B的概率是．15．“健康荆州，你我同行”，市民小张积极响应“全民健身动起来”号召，坚持在某环形步道上跑步．已知此步道外形近似于如图所示的Rt△ABC，其中∠C＝90°，AB与BC间另有步道DE相连，D地在AB正中位置，E地与C地相距1km．若tan∠ABC＝，∠DEB＝45°，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，则他跑了km．16．我们约定：（a，b，c）为函数y＝ax2+bx+c的“关联数”，当其图象与坐标轴交点的横、纵坐标均为整数时，该交点为“整交点”．若关联数为（m，﹣m﹣2，2）的函数图象与x轴有两个整交点（m为正整数），则这个函数图象上整交点的坐标为．三、解答题（本大题共有8个小题，共72分）17．（8分）先化简，再求值：（1﹣）÷，其中a是不等式组的最小整数解．18．（8分）阅读下列“问题”与“提示”后，将解方程的过程补充完整，求出x的值．【问题】解方程：x2+2x+4﹣5＝0．【提示】可以用“换元法”解方程．解：设＝t（t≥0），则有x2+2x＝t2原方程可化为：t2+4t﹣5＝0【续解】19．（8分）如图，将△ABC绕点B顺时针旋转60°得到△DBE，点C的对应点E恰好落在AB的延长线上，连接AD．（1）求证：BC∥AD；（2）若AB＝4，BC＝1，求A，C两点旋转所经过的路径长之和．20．（8分）6月26日是“国际禁毒日”，某中学组织七、八年级全体学生开展了“禁毒知识”网上竞赛活动．为了解竞赛情况，从两个年级各随机抽取了10名同学的成绩（满分为100分），收集数据为：七年级90，95，95，80，90，80，85，90，85，100；八年级85，85，95，80，95，90，90，90，100，90．整理数据：分数/人数/年级80 85 90 95 100 七年级 2 2 3 2 1八年级 1 2 4 a 1 分析数据：平均数中位数众数方差七年级89 b 90 39八年级 c 90 d 30 根据以上信息回答下列问题：（1）请直接写出表格中a，b，c，d的值；（2）通过数据分析，你认为哪个年级的成绩比较好？请说明理由；（3）该校七、八年级共有600人，本次竞赛成绩不低于90分的为“优秀”．估计这两个年级共有多少名学生达到“优秀”？21．（8分）九年级某数学兴趣小组在学习了反比例函数的图象与性质后，进一步研究了函数y＝的图象与性质共探究过程如下：（1）绘制函数图象，如图1．列表：下表是x与y的几组对应值，其中m＝；x …﹣3 ﹣2 ﹣1 ﹣ 1 2 3 …y … 1 2 4 4 2 m …描点：根据表中各组对应值（x，y），在平面直角坐标系中描出了各点；连线：用平滑的曲线顺次连接各点，画出了部分图象．请你把图象补充完整；（2）通过观察图1，写出该函数的两条性质；①；②；（3）①观察发现：如图2．若直线y＝2交函数y＝的图象于A，B两点，连接OA，过点B 作BC∥OA交x轴于C．则S四边形OABC＝；②探究思考：将①中“直线y＝2”改为“直线y＝a（a＞0）”，其他条件不变，则S四边形OABC＝；③类比猜想：若直线y＝a（a＞0）交函数y＝（k＞0）的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA交x轴于C，则S四边形OABC＝．22．（10分）如图，在矩形ABCD中，AB＝20，点E是BC边上的一点，将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处；点F在DG上，将△ADF沿着AF折叠，点D刚好落在AG上点H处，此时S△GFH：S△AFH＝2：3，（1）求证：△EGC∽△GFH；（2）求AD的长；（3）求tan∠GFH的值．23．（10分）为了抗击新冠疫情，我市甲、乙两厂积极生产了某种防疫物资共500吨，乙厂的生产量是甲厂的2倍少100吨．这批防疫物资将运往A地240吨，B地260吨，运费如下表（单位：元/吨）．目的地/生产厂 A B甲20 25乙15 24 （1）求甲、乙两厂各生产了这批防疫物资多少吨？（2）设这批物资从乙厂运往A地x吨，全部运往A，B两地的总运费为y元．求y与x之间的函数关系式，并设计使总运费最少的调运方案；（3）当每吨运费均降低m元（0＜m≤15且m为整数）时，按（2）中设计的调运方案运输，总运费不超过5200元．求m的最小值．24．（12分）如图1，在平面直角坐标系中，A（﹣2，﹣1），B（3，﹣1），以O为圆心，OA的长为半径的半圆O交AO延长线于C，连接AB，BC，过O作ED∥BC分别交AB和半圆O于E，D，连接OB，CD．（1）求证：BC是半圆O的切线；（2）试判断四边形OBCD的形状，并说明理由；（3）如图2，若抛物线经过点D且顶点为E．①求此抛物线的解析式；②点P是此抛物线对称轴上的一个动点，以E，D，P为顶点的三角形与△OAB相似，问抛物线上是否存在一点Q．使S△EPQ＝S△OAB？若存在，请直接写出Q点的横坐标；若不存在，说明理由．答案与解析一、选择题（本大题共有10个小题，每小题3分，共30分）1．有理数﹣2的相反数是（）A．2 B．C．﹣2 D．﹣【知识考点】相反数．【思路分析】直接利用相反数的定义得出答案．【解题过程】解：有理数﹣2的相反数是：2．故选：A．【总结归纳】此题主要考查了相反数，正确把握相关定义是解题关键．2．下列四个几何体中，俯视图与其它三个不同的是（）A．B．C．D．【知识考点】简单几何体的三视图．【思路分析】俯视图是分别从物体上面看，所得到的图形．【解题过程】解：选项A的俯视图是三角形，选项B、C、D的俯视图均为圆．故选：A．【总结归纳】本题考查了几何体的三种视图，掌握定义是关键．注意所有的看到的棱都应表现在三视图中．3．在平面直角坐标系中，一次函数y＝x+1的图象是（）A．B．C．D．【知识考点】一次函数的图象．【思路分析】依据一次函数y＝x+1的图象经过点（0，1）和（﹣1，0），即可得到一次函数y＝x+1的图象经过一二三象限．【解题过程】解：一次函数y＝x+1中，令x＝0，则y＝1；令y＝0，则x＝﹣1，∴一次函数y＝x+1的图象经过点（0，1）和（﹣1，0），∴一次函数y＝x+1的图象经过一二三象限，故选：C．【总结归纳】本题主要考查了一次函数的图象，一次函数的图象是与坐标轴不平行的一条直线．4．将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，若∠CAB＝30°，则∠ACB的度数是（）A．45°B．55°C．65°D．75°【知识考点】平行线的性质．【思路分析】根据平行线的性质和翻折的性质解答即可．【解题过程】解：如图所示：∵将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，∴ED∥FA，∠EBC＝∠CBA，∴∠EBC＝∠ACB，∠CAB＝∠DBA＝30°，∵∠EBC+∠CBA+∠ABD＝180°，∴∠ACB+∠ACB+30°＝180°，∴∠ACB＝75°，故选：D．【总结归纳】本题考查了翻折变换的性质，平行线的性质，熟记各性质是解题的关键．5．八年级学生去距学校10km的荆州博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达．已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度．若设骑车学生的速度为xkm/h，则可列方程为（）A．﹣＝20 B．﹣＝20 C．﹣＝D．﹣＝【知识考点】由实际问题抽象出分式方程．【思路分析】设骑车学生的速度为xkm/h，则乘车学生的速度为2xkm/h，根据时间＝路程÷速度结合骑车的学生比乘车的学生多用20min（即h），即可得出关于x的分式方程，此题得解．【解题过程】解：设骑车学生的速度为xkm/h，则乘车学生的速度为2xkm/h，依题意，得：﹣＝．故选：C．【总结归纳】本题考查了由实际问题抽象出分式方程，找准等量关系，正确列出分式方程是解题的关键．6．若x为实数，在“（+1）□x”的“□”中添上一种运算符号（在“+，﹣，×，÷”中选择）后，其运算的结果为有理数，则x不可能是（）A．+1 B．﹣1 C．2D．1﹣【知识考点】分母有理化．【思路分析】根据题意，添上一种运算符号后逐一判断即可．【解题过程】解：A．（+1）﹣（+1）＝0，故本选项不合题意；B．（+1）＝2，故本选项不合题意；C．（+1）与无论是相加，相减，相乘，相除，结果都是无理数，故本选项符合题意；D．（+1）（1﹣）＝﹣2，故本选项不合题意．故选：C．【总结归纳】本题主要考查了实数的运算，熟记平方差公式是解答本题的关键．（a+b）（a﹣b）＝a2﹣b2．7．如图，点E在菱形ABCD的AB边上，点F在BC边的延长线上，连接CE，DF，对于下列条件：①BE＝CF；②CE⊥AB，DF⊥BC；③CE＝DF；④∠BCE＝∠CDF．只选取其中一条添加，不能确定△BCE≌△CDF的是（）A．①B．②C．③D．④【知识考点】全等三角形的判定；菱形的性质．【思路分析】根据菱形的性质和全等三角形的判定定理即可得到结论．【解题过程】解：∵四边形BCD是菱形，∴BC＝CD，AB∥CD，∴∠B＝∠DCF，①∵添加BE＝CF，∴△BCE≌△CDF（SAS），②∵添加CE⊥AB，DF⊥BC，∴∠CEB＝∠F＝90°，∴△BCE≌△CDF（AAS），③∵添加CE＝DF，不能确定△BCE≌△CDF；④∵添加∠BCE＝∠CDF，∴△BCE≌△CDF（ASA），故选：C．【总结归纳】本题考查了菱形的性质，全等三角形的判定，正确的识别图形是解题的关键．8．如图，在平面直角坐标系中，Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．C 为OA的中点，BC＝1，则点A的坐标为（）A．（，）B．（，1）C．（2，1）D．（2，）【知识考点】坐标与图形性质；含30度角的直角三角形；直角三角形斜边上的中线．【思路分析】根据题画出图形，再根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可得AB的值，再根据勾股定理可得OB的值，进而可得点A的坐标．【解题过程】解：如图，∵Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．∴∠AOD＝30°，∴AD＝OA，∵C为OA的中点，∴AD＝AC＝OC＝BC＝1，∴OA＝2，∴OD＝，则点A的坐标为：（，1）．故选：B．【总结归纳】本题考查了解直角三角形、坐标与图形性质、直角三角形斜边上的中线，解决本题的关键是综合运用以上知识．9．定义新运算“a*b”：对于任意实数a，b，都有a*b＝（a+b）（a﹣b）﹣1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例4*3＝（4+3）（4﹣3）﹣1＝7﹣1＝6．若x*k＝x（k为实数）是关于x的方程，则它的根的情况为（）A．有一个实数根B．有两个相等的实数根C．有两个不相等的实数根D．没有实数根【知识考点】实数的运算；根的判别式．【思路分析】利用新定义得到（x+k）（x﹣k）﹣1＝x，再把方程化为一般式后计算判别式的值，然后利用△＞0可判断方程根的情况．【解题过程】解：∵x*k＝x（k为实数）是关于x的方程，∴（x+k）（x﹣k）﹣1＝x，整理得x2﹣x﹣k2﹣1＝0，∵△＝（﹣1）2﹣4（﹣k2﹣1）＝4k2+5＞0，∴方程有两个不相等的实数根．故选：C．【总结归纳】本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c＝0（a≠0）的根与△＝b2﹣4ac有如下关系：当△＞0时，方程有两个不相等的实数根；当△＝0时，方程有两个相等的实数根；当△＜0时，方程无实数根．10．如图，在6×6的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，点A，B，C均在网格交点上，⊙O是△ABC的外接圆，则cos∠BAC的值为（）A．B．C．D．【知识考点】圆周角定理；三角形的外接圆与外心；解直角三角形．【思路分析】作直径BD，连接CD，根据勾股定理求出BD，根据圆周角定理得到∠BAC＝∠BDC，根据余弦的定义解答即可．【解题过程】解：如图，作直径BD，连接CD，由勾股定理得，BD＝＝2，在Rt△BDC中，cos∠BDC＝＝＝，由圆周角定理得，∠BAC＝∠BDC，∴cos∠BAC＝cos∠BDC＝，故选：B．【总结归纳】本题考查的是三角形的外接圆与外心，掌握圆周角定理、余弦的定义是解题的关键．二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）11．若a＝（π﹣2020）0，b＝﹣（）﹣1，c＝|﹣3|，则a，b，c的大小关系为．（用“＜”号连接）【知识考点】绝对值；实数大小比较；零指数幂；负整数指数幂．【思路分析】利用负整数指数幂的性质、绝对值的性质以及零指数幂的性质分别化简得出答案．【解题过程】解：∵a＝（π﹣2020）0＝1，b＝﹣（）﹣1＝﹣2，c＝|﹣3|＝3，∴b＜a＜c．故答案为：b＜a＜c．【总结归纳】此题主要考查了负整数指数幂的性质、绝对值的性质以及零指数幂的性质，正确化简各数是解题的关键．12．若单项式2x m y3与3xy m+n是同类项，则的值为．【知识考点】算术平方根；同类项．【思路分析】根据同类项的定义（所含字母相同，相同字母的指数相同）列出方程，求出n，m 的值，再代入代数式计算即可．【解题过程】解：根据题意得：m＝1，m+n＝3，解得n＝2，所以2m+n＝2+2＝4，＝＝2．故答案是：2．【总结归纳】本题考查了算术平方根和同类项的定义．解题的关键是掌握算术平方根和同类项的定义，要注意同类项定义中的两个“相同”：相同字母的指数相同，是易混点，因此成了中考的常考点．13．已知：△ABC，求作：△ABC的外接圆．作法：①分别作线段BC，AC的垂直平分线EF和MN，它们相交于点O；②以点O为圆心，OB的长为半径画圆．如图，⊙O即为所求，以上作图用到的数学依据有：．（只需写一条）【知识考点】线段垂直平分线的性质；三角形的外接圆与外心；作图—复杂作图．【思路分析】利用线段垂直平分线的性质得到OA＝OC＝OB，然后根据点与圆的位置关系可判断点A、C在⊙O上．【解题过程】解：∵点O为AC和BC的垂直平分线的交点，∴OA＝OC＝OB，∴⊙O为△ABC的外接圆．故答案为：线段的垂直平分线的性质．【总结归纳】本题考查了作图﹣复杂作图：复杂作图是在五种基本作图的基础上进行作图，一般是结合了几何图形的性质和基本作图方法．解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质，结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图，逐步操作．14．若标有A，B，C的三只灯笼按图所示悬挂，每次摘取一只（摘B前需先摘C），直到摘完，则最后一只摘到B的概率是．【知识考点】列表法与树状图法．【思路分析】画出树状图，由概率公式即可得出答案．【解题过程】解：画树状图如图：共有3个可能的结果，最后一只摘到B的结果有2个，∴最后一只摘到B的概率为；故答案为：．【总结归纳】本题考查了列表法与树状图法以及概率公式；画出树状图是解题的关键．15．“健康荆州，你我同行”，市民小张积极响应“全民健身动起来”号召，坚持在某环形步道上跑步．已知此步道外形近似于如图所示的Rt△ABC，其中∠C＝90°，AB与BC间另有步道DE相连，D地在AB正中位置，E地与C地相距1km．若tan∠ABC＝，∠DEB＝45°，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，则他跑了km．【知识考点】解直角三角形的应用．【思路分析】过D点作DF⊥BC，设EF＝xkm，则DF＝xkm，BF＝xkm，在Rt△BFD中，根据勾股定理得到BD，进一步求得AB，再根据三角函数可求x，可得BC＝8km，AC＝6km，AB ＝10km，从而求解．【解题过程】解：过D点作DF⊥BC，设EF＝xkm，则DF＝xkm，BF＝xkm，在Rt△BFD中，BD＝＝xkm，∵D地在AB正中位置，∴AB＝2BD＝xkm，∵tan∠ABC＝，∴cos∠ABC＝，∴＝，解得x＝3，则BC＝8km，AC＝6km，AB＝10km，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，他跑了8+10+6＝24（km）．故答案为：24．【总结归纳】此题考查了解直角三角形的应用，利用数学知识解决实际问题是中学数学的重要内容．解决此问题的关键在于正确理解题意的基础上建立数学模型，把实际问题转化为数学问题．16．我们约定：（a，b，c）为函数y＝ax2+bx+c的“关联数”，当其图象与坐标轴交点的横、纵坐标均为整数时，该交点为“整交点”．若关联数为（m，﹣m﹣2，2）的函数图象与x轴有两个整交点（m为正整数），则这个函数图象上整交点的坐标为．【知识考点】二次函数图象上点的坐标特征；抛物线与x轴的交点．【思路分析】根据题意令y＝0，将关联数（m，﹣m﹣2，2）代入函数y＝ax2+bx+c，则有mx2+（﹣m﹣2）x+2＝0，利用求根公式可得m，将m代入可得函数图象与x轴的交点坐标；令x＝0，可得y＝c＝2，即得这个函数图象上整交点的坐标（0，2）．【解题过程】解：根据题意，令y＝0，将关联数（m，﹣m﹣2，2）代入函数y＝ax2+bx+c，则有mx2+（﹣m﹣2）x+2＝0，△＝（﹣m﹣2）2﹣4×2m＝（m﹣2）2＞0，∴mx2+（﹣m﹣2）x+2＝0有两个根，由求根公式可得x＝x＝x1＝＝1，此时m为不等于0的任意数，不合题意；x2＝＝，当m＝1或2时符合题意；x2＝2或1；x3＝＝，当m＝1或2时符合题意；x3＝2或1；x4＝＝1，此时m为不等于0的任意数，不合题意；所以这个函数图象上整交点的坐标为（2，0），（1，0）；令x＝0，可得y＝c＝2，即得这个函数图象上整交点的坐标（0，2）．综上所述，这个函数图象上整交点的坐标为（2，0），（1，0）或（0，2）；故答案为：（2，0），（1，0）或（0，2）．【总结归纳】本题主要考查了抛物线与坐标轴交点的特征，理解题意是解答此题的关键．三、解答题（本大题共有8个小题，共72分）17．（8分）先化简，再求值：（1﹣）÷，其中a是不等式组的最小整数解．【知识考点】分式的化简求值；一元一次不等式组的整数解．【思路分析】先化简分式，然后将a的整数解代入求值．【解题过程】解：原式＝•＝．解不等式组中的①，得a≥2．解不等式②，得a＜4．则2≤a＜4．所以a的最小整数值是2，所以，原式＝＝．【总结归纳】本题考查了分式的化简求值，熟练分解因式是解题的关键．18．（8分）阅读下列“问题”与“提示”后，将解方程的过程补充完整，求出x的值．【问题】解方程：x2+2x+4﹣5＝0．【提示】可以用“换元法”解方程．解：设＝t（t≥0），则有x2+2x＝t2原方程可化为：t2+4t﹣5＝0【续解】【知识考点】解一元二次方程﹣因式分解法；换元法解一元二次方程；无理方程．【思路分析】利用因式分解法解方程t2+4t﹣5＝0得到t1＝﹣5，t2＝1，再分别解方程＝﹣5和方程＝1，然后进行检验确定原方程的解．【解题过程】解：（t+5）（t﹣1）＝0，t+5＝0或t﹣1＝0，∴t1＝﹣5，t2＝1，当t＝﹣5时，＝﹣5，此方程无解；当t＝1时，＝1，则x2+2x＝1，配方得（x+1）2＝2，解得x1＝﹣1+，x2＝﹣1﹣；经检验，原方程的解为x1＝﹣1+，x2＝﹣1﹣．【总结归纳】本题考查了解无理方程：解无理方程的基本思想是把无理方程转化为有理方程来解，在变形时要注意根据方程的结构特征选择解题方法．注意：用乘方法来解无理方程，往往会产生增根，应注意验根．19．（8分）如图，将△ABC绕点B顺时针旋转60°得到△DBE，点C的对应点E恰好落在AB的延长线上，连接AD．（1）求证：BC∥AD；（2）若AB＝4，BC＝1，求A，C两点旋转所经过的路径长之和．【知识考点】平行线的判定与性质；轨迹；旋转的性质．【思路分析】（1）只要证明∠CBE＝∠DAB＝60°即可，（2）由题意，BA＝BD＝4，BC＝BE＝1，∠ABD＝∠CBE＝60°，利用弧长公式计算即可．【解题过程】（1）证明：由题意，△ABC≌△DBE，且∠ABD∠CBE＝60°，∴AB＝DB，∴△ABD是等边三角形，∴∠DAB＝60°，∴∠CBE＝∠DAB，∴BC∥AD．（2）解：由题意，BA＝BD＝4，BC＝BE＝1，∠ABD＝∠CBE＝60°，∴A，C两点旋转所经过的路径长之和＝+＝．【总结归纳】本题考查轨迹，全等三角形的性质，等边三角形的判定，弧长公式等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题．20．（8分）6月26日是“国际禁毒日”，某中学组织七、八年级全体学生开展了“禁毒知识”网上竞赛活动．为了解竞赛情况，从两个年级各随机抽取了10名同学的成绩（满分为100分），收集数据为：七年级90，95，95，80，90，80，85，90，85，100；八年级85，85，95，80，95，90，90，90，100，90．整理数据：分数/人数/年级80 85 90 95 100 七年级 2 2 3 2 1八年级 1 2 4 a 1 分析数据：平均数中位数众数方差七年级89 b 90 39八年级 c 90 d 30 根据以上信息回答下列问题：（1）请直接写出表格中a，b，c，d的值；（2）通过数据分析，你认为哪个年级的成绩比较好？请说明理由；（3）该校七、八年级共有600人，本次竞赛成绩不低于90分的为“优秀”．估计这两个年级共有多少名学生达到“优秀”？【知识考点】用样本估计总体；中位数；众数；方差．【思路分析】（1）根据提供数据确定八年级95分的人数，利用众数中位数及平均数分别确定其他未知数的值即可；（2）利用平均数、众数及方差确定哪个年级的成绩好即可；（3）用样本的平均数估计总体的平均数即可．【解题过程】解：（1）观察八年级95分的有2人，故a＝2；七年级的中位数为，故b＝90；八年级的平均数为：[85+85+95+80+95+90+90+90+100+90]＝90，故c＝90；八年级中90分的最多，故d＝90；（2）七、八年级学生成绩的中位数和众数相同，但八年级的平均成绩比七年级高，且从方差看，八年级学生成绩更整齐，综上，八年级的学生成绩好；（3）∵600×＝390（人），∴估计该校七、八年级这次竞赛达到优秀的有390人．【总结归纳】本题考查了中位数、众数、平均数、方差等统计基础知识，明确相关统计量表示的意义及相关计算方法是解题的关键．21．（8分）九年级某数学兴趣小组在学习了反比例函数的图象与性质后，进一步研究了函数y＝的图象与性质共探究过程如下：（1）绘制函数图象，如图1．列表：下表是x与y的几组对应值，其中m＝；x …﹣3 ﹣2 ﹣1 ﹣ 1 2 3 …y … 1 2 4 4 2 m …描点：根据表中各组对应值（x，y），在平面直角坐标系中描出了各点；连线：用平滑的曲线顺次连接各点，画出了部分图象．请你把图象补充完整；（2）通过观察图1，写出该函数的两条性质；①；②；（3）①观察发现：如图2．若直线y＝2交函数y＝的图象于A，B两点，连接OA，过点B 作BC∥OA交x轴于C．则S四边形OABC＝；②探究思考：将①中“直线y＝2”改为“直线y＝a（a＞0）”，其他条件不变，则S四边形OABC＝；③类比猜想：若直线y＝a（a＞0）交函数y＝（k＞0）的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA交x轴于C，则S四边形OABC＝．【知识考点】反比例函数与一次函数的交点问题．【思路分析】（1）根据表格中的数据的变化规律得出当x＜0时，xy＝﹣2，而当x＞0时，xy＝2，求出m的值；补全图象；（2）根据（1）中的图象，得出两条图象的性质；（3）由图象的对称性，和四边形的面积与k的关系，得出答案．【解题过程】解：（1）当x＜0时，xy＝﹣2，而当x＞0时，xy＝2，∴m＝1，故答案为：1；补全图象如图所示：（2）故答案为：①函数的图象关于y轴对称，②当x＜0时，y随x的增大而增大，当x＞0时，y随x的增大而减小；（3）如图，①由A，B两点关于y轴对称，由题意可得四边形OABC是平行四边形，且S四边形＝4S△OAM＝4×|k|＝2|k|＝4，OABC②同①可知：S四边形OABC＝2|k|＝4，③S四边形OABC＝2|k|＝2k，故答案为：4，4，2k．【总结归纳】本题考查反比例的图象和性质，列表、描点、连线是作函数图象的基本方法，利用图象得出性质和结论是解决问题的根本目的．22．（10分）如图，在矩形ABCD中，AB＝20，点E是BC边上的一点，将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处；点F在DG上，将△ADF沿着AF折叠，点D刚好落在AG上点H处，此时S△GFH：S△AFH＝2：3，（1）求证：△EGC∽△GFH；（2）求AD的长；（3）求tan∠GFH的值．【知识考点】相似形综合题．【思路分析】（1）由矩形的性质得出∠B＝∠D＝∠C＝90°，由折叠的性质得出∠AGE＝∠B＝90°，∠AHF＝∠D＝90°，证得∠EGC＝∠GFH，则可得出结论；（2）由面积关系可得出GH：AH＝2：3，由折叠的性质得出AG＝AB＝GH+AH＝20，求出GH ＝8，AH＝12，则可得出答案；（3）由勾股定理求出DG＝16，设DF＝FH＝x，则GF＝16﹣x，由勾股定理得出方程82+x2＝（16﹣x）2，解出x＝6，由锐角三角函数的定义可得出答案．【解题过程】（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴∠B＝∠D＝∠C＝90°，由折叠对称知：∠AGE＝∠B＝90°，∠AHF＝∠D＝90°，∴∠GHF＝∠C＝90°，∠EGC+∠HGF＝90°，∠GFH+∠HGF＝90°，∴∠EGC＝∠GFH，∴△EGC∽△GFH．（2）解：∵S△GFH：S△AFH＝2：3，且△GFH和△AFH等高，∴GH：AH＝2：3，∵将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处，∴AG＝AB＝GH+AH＝20，∴GH＝8，AH＝12，∴AD＝AH＝12．（3）解：在Rt△ADG中，DG＝＝＝16，由折叠的对称性可设DF＝FH＝x，则GF＝16﹣x，∵GH2+HF2＝GF2，∴82+x2＝（16﹣x）2，解得：x＝6，∴HF＝6，在Rt△GFH中，tan∠GFH＝．【总结归纳】本题属于相似形综合题，考查了矩形的性质，翻折变换，锐角三角函数，相似三角形的判定和性质，勾股定理等知识，解题的关键是学会利用参数构建方程解决问题．23．（10分）为了抗击新冠疫情，我市甲、乙两厂积极生产了某种防疫物资共500吨，乙厂的生产量是甲厂的2倍少100吨．这批防疫物资将运往A地240吨，B地260吨，运费如下表（单位：元/吨）．目的地/生产厂 A B甲20 25乙15 24 （1）求甲、乙两厂各生产了这批防疫物资多少吨？（2）设这批物资从乙厂运往A地x吨，全部运往A，B两地的总运费为y元．求y与x之间的函数关系式，并设计使总运费最少的调运方案；（3）当每吨运费均降低m元（0＜m≤15且m为整数）时，按（2）中设计的调运方案运输，总运费不超过5200元．求m的最小值．【知识考点】一次函数的应用．【思路分析】（1）设这批防疫物资甲厂生产了a吨，乙厂生产了b吨，根据题意列方程组解答即可；（2）根据题意得出y与x之间的函数关系式以及x的取值范围，再根据一次函数的性质解答即可；（3）根据题意以及（2）的结论可得y＝﹣4x+11000﹣500m，再根据一次函数的性质以及列不等式解答即可．【解题过程】解：（1）设这批防疫物资甲厂生产了a吨，乙厂生产了b吨，则：，解得，即这批防疫物资甲厂生产了200吨，乙厂生产了300吨；（2）由题意得：y＝20（240﹣x）+25[260﹣（300﹣x）]+15x+24（300﹣x）＝﹣4x+11000，∵，解得：40≤x≤240，又∵﹣4＜0，∴y随x的增大而减小，∴当x＝240时，可以使总运费最少，∴y与x之间的函数关系式为y＝﹣4x+11000；使总运费最少的调运方案为：甲厂的200吨物资全部运往B地，乙厂运往A地240吨，运往B地60吨；（3）由题意和（2）的解答得：y＝﹣4x+11000﹣500m，当x＝240时，y最小＝﹣4×240+11000﹣500m＝10040﹣500m，∴10040﹣500m≤5200，解得：m≥9.68，而0＜m≤15且m为整数，∴m的最小值为10．【总结归纳】本题考查了一次函数的应用，二元一次方程组的应用、一次函数的最值问题，解答本题的关键在于读懂题意，设出未知数，找出合适的等量关系，列出方程和不等式组求解．24．（12分）如图1，在平面直角坐标系中，A（﹣2，﹣1），B（3，﹣1），以O为圆心，OA的长为半径的半圆O交AO延长线于C，连接AB，BC，过O作ED∥BC分别交AB和半圆O于E，D，连接OB，CD．（1）求证：BC是半圆O的切线；（2）试判断四边形OBCD的形状，并说明理由；（3）如图2，若抛物线经过点D且顶点为E．①求此抛物线的解析式；②点P是此抛物线对称轴上的一个动点，以E，D，P为顶点的三角形与△OAB相似，问抛物线上是否存在一点Q．使S△EPQ＝S△OAB？若存在，请直接写出Q点的横坐标；若不存在，说明理由．【知识考点】二次函数综合题．【思路分析】（1）如图1，设AB与y轴交于M，先证明OE是△ABC的中位线，得BC＝2OE，E（，﹣1），利用勾股定理计算OE的长，可得BC的长，根据勾股定理的逆定理计算AC2+BC2＝AB2，所以△ABC是直角三角形，且∠ACB＝90°，可得结论；（2）根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形，证明OD与BC平行且相等，可得四边形。

2020年湖北省荆州市中考数学试卷-解析版

2020年湖北省荆州市中考数学试卷-解析版

2020年湖北省荆州市中考数学试卷一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.有理数−2的相反数是()A. 2B. 12C. −2 D. −122.下列四个几何体中，俯视图与其它三个不同的是()A. B. C. D.3.在平面直角坐标系中，一次函数y=x+1的图象是()A. B.C. D.4.将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，若∠CAB=30°，则∠ACB的度数是()A. 45°B. 55°C. 65°D. 75°5.八年级学生去距学校10km的荆州博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达．已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度．若设骑车学生的速度为xkm/ℎ，则可列方程为()A. 102x −10x=20 B. 10x−102x=20 C. 10x−102x=13D. 102x−10x=136.若x为实数，在“(√3+1)□x”的“□”中添上一种运算符号(在“+，−，×，÷”中选择)后，其运算的结果为有理数，则x不可能是()A. √3+1B. √3−1C. 2√3D. 1−√37.如图，点E在菱形ABCD的AB边上，点F在BC边的延长线上，连接CE，DF，对于下列条件：①BE=CF；②CE⊥AB，DF⊥BC；③CE=DF；④∠BCE=∠CDF.只选取其中一条添加，不能确定△BCE≌△CDF的是()A. ①B. ②C. ③D. ④8.如图，在平面直角坐标系中，Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°.C为OA的中点，BC=1，则点A的坐标为()A. (√3,√3)B. (√3,1)C. (2,1)D. (2,√3)9.定义新运算“a∗b”：对于任意实数a，b，都有a∗b=(a+b)(a−b)−1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例4∗3=(4+3)(4−3)−1=7−1=6.若x∗k=x(k为实数)是关于x的方程，则它的根的情况为()A. 有一个实数根B. 有两个相等的实数根C. 有两个不相等的实数根D. 没有实数根10.如图，在6×6的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，点A，B，C均在网格交点上，⊙O是△ABC的外接圆，则cos∠BAC的值为()A. √55B. 2√55C. 12D. √32二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）)−1，c=|−3|，则a，b，c的大小关系为______.(用11.若a=(π−2020)0，b=−(12“<”号连接)12.若单项式2x m y3与3xy m+n是同类项，则√2m+n的值为______．13.已知：△ABC，求作：△ABC的外接圆．作法：①分别作线段BC，AC的垂直平分线EF和MN，它们相交于点O；②以点O为圆心，OB的长为半径画圆．如图，⊙O即为所求，以上作图用到的数学依据有：______.(只需写一条)14.若标有A，B，C的三只灯笼按图所示悬挂，每次摘取一只(摘B前需先摘C)，直到摘完，则最后一只摘到B的概率是______．15.“健康荆州，你我同行”，市民小张积极响应“全民健身动起来”号召，坚持在某环形步道上跑步．已知此步道外形近似于如图所示的Rt△ABC，其中∠C=90°，AB与BC间另有步道DE相连，D地在AB正中位置，E地与C地相距1km.若tan∠ABC=34，∠DEB=45°，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，则他跑了______km．16.我们约定：(a,b，c)为函数y=ax2+bx+c的“关联数”，当其图象与坐标轴交点的横、纵坐标均为整数时，该交点为“整交点”.若关联数为(m,−m−2,2)的函数图象与x轴有两个整交点(m为正整数)，则这个函数图象上整交点的坐标为______．三、计算题（本大题共1小题，共8.0分）17.先化简，再求值：(1−1a )÷a2−1a2+2a+1，其中a是不等式组{a−2≥2−a ①2a−1<a+3 ②的最小整数解．四、解答题（本大题共7小题，共64.0分）18.阅读下列“问题”与“提示”后，将解方程的过程补充完整，求出x的值．【问题】解方程：x2+2x+4√x2+2x−5=0．【提示】可以用“换元法”解方程．解：设√x2+2x=t(t≥0)，则有x2+2x=t2原方程可化为：t2+4t−5=0【续解】19.如图，将△ABC绕点B顺时针旋转60°得到△DBE，点C的对应点E恰好落在AB的延长线上，连接AD．(1)求证：BC//AD；(2)若AB=4，BC=1，求A，C两点旋转所经过的路径长之和．20.6月26日是“国际禁毒日”，某中学组织七、八年级全体学生开展了“禁毒知识”网上竞赛活动．为了解竞赛情况，从两个年级各随机抽取了10名同学的成绩(满分为100分)，收集数据为：七年级90，95，95，80，90，80，85，90，85，100；八年级85，85，95，80，95，90，90，90，100，90．整理数据：分数80859095100人数年级七年级22321八年级124a1平均数中位数众数方差七年级89b9039八年级c90d30(1)请直接写出表格中a，b，c，d的值；(2)通过数据分析，你认为哪个年级的成绩比较好？请说明理由；(3)该校七、八年级共有600人，本次竞赛成绩不低于90分的为“优秀”.估计这两个年级共有多少名学生达到“优秀”？21.九年级某数学兴趣小组在学习了反比例函数的图象与性质后，进一步研究了函数y=2|x|的图象与性质共探究过程如下：(1)绘制函数图象，如图1．列表：下表是x与y的几组对应值，其中m=______；x…−3−2−1−1212123…y (2)312442m23…描点：根据表中各组对应值(x,y)，在平面直角坐标系中描出了各点；连线：用平滑的曲线顺次连接各点，画出了部分图象．请你把图象补充完整；(2)通过观察图1，写出该函数的两条性质；①______；②______；(3)①观察发现：如图2.若直线y=2交函数y=2|x|的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC//OA交x轴于C.则S四边形OABC=______；②探究思考：将①中“直线y=2”改为“直线y=a(a>0)”，其他条件不变，则S四边形OABC=______；③类比猜想：若直线y=a(a>0)交函数y=k|x|(k>0)的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC//OA交x轴于C，则S四边形OABC=______．22.如图，在矩形ABCD中，AB=20，点E是BC边上的一点，将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处；点F在DG上，将△ADF沿着AF折叠，点D刚好落在AG上点H处，此时S△GFH：S△AFH=2：3，(1)求证：△EGC∽△GFH；(2)求AD的长；(3)求tan∠GFH的值．23.为了抗击新冠疫情，我市甲、乙两厂积极生产了某种防疫物资共500吨，乙厂的生产量是甲厂的2倍少100吨．这批防疫物资将运往A地240吨，B地260吨，运费如下表(单位：元/吨)．目的地A B生产厂甲2025乙1524(2)设这批物资从乙厂运往A地x吨，全部运往A，B两地的总运费为y元．求y与x之间的函数关系式，并设计使总运费最少的调运方案；(3)当每吨运费均降低m元(0<m≤15且m为整数)时，按(2)中设计的调运方案运输，总运费不超过5200元．求m的最小值．24.如图1，在平面直角坐标系中，A(−2,−1)，B(3,−1)，以O为圆心，OA的长为半径的半圆O交AO延长线于C，连接AB，BC，过O作ED//BC分别交AB和半圆O 于E，D，连接OB，CD．(1)求证：BC是半圆O的切线；(2)试判断四边形OBCD的形状，并说明理由；(3)如图2，若抛物线经过点D且顶点为E．①求此抛物线的解析式；②点P是此抛物线对称轴上的一个动点，以E，D，P为顶点的三角形与△OAB相似，问抛物线上是否存在一点Q.使S△EPQ=S△OAB？若存在，请直接写出Q点的横坐标；若不存在，说明理由．答案和解析1.【答案】A【解析】解：有理数−2的相反数是：2．故选：A．直接利用相反数的定义得出答案．此题主要考查了相反数，正确把握相关定义是解题关键．2.【答案】A【解析】解：选项A的俯视图是三角形，选项B、C、D的俯视图均为圆．故选：A．俯视图是分别从物体上面看，所得到的图形．本题考查了几何体的三种视图，掌握定义是关键．注意所有的看到的棱都应表现在三视图中．3.【答案】C【解析】解：一次函数y=x+1中，令x=0，则y=1；令y=0，则x=−1，∴一次函数y=x+1的图象经过点(0,1)和(−1,0)，∴一次函数y=x+1的图象经过一二三象限，故选：C．依据一次函数y=x+1的图象经过点(0,1)和(−1,0)，即可得到一次函数y=x+1的图象经过一二三象限．本题主要考查了一次函数的图象，一次函数的图象是与坐标轴不平行的一条直线．4.【答案】D【解析】解：如图所示：∵将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，∴ED//FA，∠EBC=∠CBA，∴∠EBC=∠ACB，∠CAB=∠DBA=30°，∵∠EBC+∠CBA+∠ABD=180°，∴∠ACB+∠ACB+30°=180°，∴∠ACB=75°，故选：D．根据平行线的性质和翻折的性质解答即可．本题考查了翻折变换的性质，平行线的性质，熟记各性质是解题的关键．5.【答案】C【解析】解：设骑车学生的速度为xkm/ℎ，则乘车学生的速度为2xkm/ℎ，依题意，得：10x −102x=13．故选：C．设骑车学生的速度为xkm/ℎ，则乘车学生的速度为2xkm/ℎ，根据时间=路程÷速度结合ℎ)，即可得出关于x的分式方程，此题得解．骑车的学生比乘车的学生多用20min(即13本题考查了由实际问题抽象出分式方程，找准等量关系，正确列出分式方程是解题的关键．6.【答案】C【解析】解：A.(√3+1)−(√3+1)=0，故本选项不合题意；B.(√3+1)(√3−1)=2，故本选项不合题意；C.(√3+1)与2√3无论是相加，相减，相乘，相除，结果都是无理数，故本选项符合题意；D.(√3+1)(1−√3)=−2，故本选项不合题意．故选：C．根据题意，添上一种运算符号后一判断即可．本题主要考查了实数的运算，熟记平方差公式是解答本题的关键．(a+b)(a−b)=a2−b2．7.【答案】C【解析】解：∵四边形BCD是菱形，∴BC=CD，AB//CD，∴∠B=∠DCF，①∵添加BE=CF，∴△BCE≌△CDF(SAS)，②∵添加CE⊥AB，DF⊥BC，∴∠CEB=∠F=90°，∴△BCE≌△CDF(AAS)，③∵添加CE=DF，不能确定△BCE≌△CDF；④∵添加∠BCE=∠CDF，∴△BCE≌△CDF(ASA)，故选：C．根据菱形的性质和全等三角形的判定定理即可得到结论．本题考查了菱形的性质，全等三角形的判定，正确的识别图形是解题的关键．8.【答案】B【解析】解：如图，∵Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．∴∠AOD=30°，∴AD=1OA，2∵C为OA的中点，∴AD=AC=OC=BC=1，∴OA=2，∴OD=√3，则点A的坐标为：(√3,1)．故选：B．根据题画出图形，再根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可得AB的值，再根据勾股定理可得OB的值，进而可得点A的坐标．本题考查了解直角三角形、坐标与图形性质、直角三角形斜边上的中线，解决本题的关键是综合运用以上知识．9.【答案】C【解析】解：∵x∗k=x(k为实数)是关于x的方程，∴(x+k)(x−k)−1=x，整理得x2−x−k2−1=0，∵△=(−1)2−4(−k2−1)=4k2+5>0，∴方程有两个不相等的实数根．故选：C．利用新定义得到(x+k)(x−k)−1=x，再把方程化为一般式后计算判别式的值，然后利用△>0可判断方程根的情况．本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与△=b2−4ac有如下关系：当△>0时，方程有两个不相等的实数根；当△=0时，方程有两个相等的实数根；当△<0时，方程无实数根．10.【答案】B【解析】解：如图，作直径BD，连接CD，由勾股定理得，BD=√22+42=2√5，在Rt△BDC中，cos∠BDC=CDBD =2√5=2√55，由圆周角定理得，∠BAC=∠BDC，∴cos∠BAC=cos∠BDC=2√55，故选：B．作直径BD，连接CD，根据勾股定理求出BD，根据圆周角定理得到∠BAC=∠BDC，根据余弦的定义解答即可．本题考查的是三角形的外接圆与外心，掌握圆周角定理、余弦的定义是解题的关键．11.【答案】b<a<c【解析】解：∵a=(π−2020)0=1，b=−(12)−1=−2，c=|−3|=3，∴b<a<c．故答案为：b<a<c．利用负整数指数幂的性质、绝对值的性质以及零指数幂的性质分别化简得出答案．此题主要考查了负整数指数幂的性质、绝对值的性质以及零指数幂的性质，正确化简各数是解题的关键．12.【答案】2【解析】解：根据题意得：m=1，m+n=3，解得n=2，所以2m+n=2+2=4，√2m+n=√4=2．故答案是：2．根据同类项的定义(所含字母相同，相同字母的指数相同)列出方程，求出n，m的值，再代入代数式计算即可．本题考查了算术平方根和同类项的定义．解题的关键是掌握算术平方根和同类项的定义，要注意同类项定义中的两个“相同”：相同字母的指数相同，是易混点，因此成了中考的常考点．13.【答案】线段的垂直平分线的性质【解析】解：∵点O为AC和BC的垂直平分线的交点，∴OA=OC=OB，∴⊙O为△ABC的外接圆．故答案为：线段的垂直平分线的性质．利用线段垂直平分线的性质得到OA=OC=OB，然后根据点与圆的位置关系可判断点A、C在⊙O上．本题考查了作图−复杂作图：复杂作图是在五种基本作图的基础上进行作图，一般是结合了几何图形的性质和基本作图方法．解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质，结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图，逐步操作．14.【答案】23【解析】解：画树状图如图：共有3个等可能的结果，最后一只摘到B的结果有2个，∴最后一只摘到B的概率为2；3．故答案为：23画出树状图，由概率公式即可得出答案．本题考查了列表法与树状图法以及概率公式；画出树状图是解题的关键．15.【答案】24【解析】解：过D点作DF⊥BC，xkm，设EF=xkm，则DF=xkm，BF=43xkm，在Rt△BFD中，BD=√BF2+DF2=53∵D地在AB正中位置，xkm，∴AB=2BD=103∵tan∠ABC=3，4∴cos∠ABC =45， ∴x+43x+1103x =45，解得x =3，则BC =8km ，AC =6km ，AB =10km ，小张某天沿A →C →E →B →D →A 路线跑一圈，他跑了8+10+6=24(km)． 故答案为：24．过D 点作DF ⊥BC ，设EF =xkm ，则DF =xkm ，BF =43xkm ，在Rt △BFD 中，根据勾股定理得到BD ，进一步求得AB ，再根据三角函数可求x ，可得BC =8km ，AC =6km ，AB =10km ，从而求解．此题考查了解直角三角形的应用，利用数学知识解决实际问题是中学数学的重要内容．解决此问题的关键在于正确理解题意的基础上建立数学模型，把实际问题转化为数学问题．16.【答案】(1,0)、(2,0)或(0,2)【解析】解：根据题意，令y =0，将关联数(m,−m −2,2)代入函数y =ax 2+bx +c ，则有mx 2+(−m −2)x +2=0，△=(−m −2)2−4×2m =(m −2)2>0， ∴mx 2+(−m −2)x +2=0有两个根， 由求根公式可得x =m+2±√(−m−2)2−8m2mx =m +2±|m −2|2mx 1=m+2+(m−2)2m =1，此时m 为不等于0的任意数，不合题意；x 2=m+2+2−m2m =42m ，当m =1或2时符合题意；x 2=2或1； x 3=m+2−m+22m =42m，当m =1或2时符合题意；x 3=2或1；x 4=m+2−2+m2m=1，此时m 为不等于0的任意数，不合题意；所以这个函数图象上整交点的坐标为(2,0)，(1,0)；令x =0，可得y =c =2，即得这个函数图象上整交点的坐标(0,2)． 综上所述，这个函数图象上整交点的坐标为(2,0)，(1,0)或(0,2)； 故答案为：(2,0)，(1,0)或(0,2)．根据题意令y =0，将关联数(m,−m −2,2)代入函数y =ax 2+bx +c ，则有mx 2+(−m −2)x +2=0，利用求根公式可得m ，将m 代入可得函数图象与x 轴的交点坐标；令x =0，可得y =c =2，即得这个函数图象上整交点的坐标(0,2)．本题主要考查了抛物线与坐标轴交点的特征，理解题意是解答此题的关键．17.【答案】解：原式=a−1a⋅(a+1)2(a+1)(a−1)=a+1a．解不等式组{a −2≥2−a ①2a −1<a +3 ②中的①，得a ≥2．解不等式②，得a <4．则2≤a<4．所以a的最小整数值是2，所以，原式=2+12=32．【解析】先化简分式，然后将a的整数解代入求值．本题考查了分式的化简求值，熟练分解因式是解题的关键．18.【答案】解：(t+5)(t−1)=0，t+5=0或t−1=0，∴t1=−5，t2=1，当t=−5时，√x2+2x=−5，此方程无解；当t=1时，√x2+2x=1，则x2+2x=1，配方得(x+1)2=2，解得x1=−1+√2，x2=−1−√2；经检验，原方程的解为x1=−1+√2，x2=−1−√2．【解析】利用因式分解法解方程t2+4t−5=0得到t1=−5，t2=1，再分别解方程√x2+2x=−5和方程√x2+2x=1，然后进行检验确定原方程的解．本题考查了解无理方程：解无理方程的基本思想是把无理方程转化为有理方程来解，在变形时要注意根据方程的结构特征选择解题方法．注意：用乘方法来解无理方程，往往会产生增根，应注意验根．19.【答案】(1)证明：由题意，△ABC≌△DBE，且∠ABD∠CBE=60°，∴AB=DB，∴△ABD是等边三角形，∴∠DAB=60°，∴∠CBE=∠DAB，∴BC//AD．(2)解：由题意，BA=BD=4，BC=BE=1，∠ABD=∠CBE=60°，∴A，C两点旋转所经过的路径长之和=60⋅π⋅4180+60⋅π⋅1180=5π3．【解析】(1)只要证明∠CBE=∠DAB=60°即可，(2)由题意，BA=BD=4，BC=BE=1，∠ABD=∠CBE=60°，利用弧长公式计算即可．本题考查轨迹，全等三角形的性质，等边三角形的判定，弧长公式等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题．20.【答案】解：(1)观察八年级95分的有2人，故a=2；七年级的中位数为90+902=90，故b=90；八年级的平均数为：112[85+85+95+80+95+90+90+90+100+90]=90，故c=90；八年级中90分的最多，故d=90；(2)七、八年级学生成绩的中位数和众数相同，但八年级的平均成绩比七年级高，且从方差看，八年级学生成绩更整齐，综上，八年级的学生成绩好；(3)∵600×1320=390(人)，∴估计该校七、八年级这次竞赛达到优秀的有390人．【解析】(1)根据提供数据确定八年级95分的人数，利用众数中位数及平均数分别确定其他未知数的值即可；(2)利用平均数、众数及方差确定哪个年级的成绩好即可；(3)用样本的平均数估计总体的平均数即可．本题考查了中位数、众数、平均数、方差等统计基础知识，明确相关统计量表示的意义及相关计算方法是解题的关键．21.【答案】1 函数的图象关于y轴对称当x<0时，y随x的增大而增大，当x>0时，y随x的增大而减小 4 4 2k【解析】解：(1)当x<0时，xy=−2，而当x>0时，xy=2，∴m=1，故答案为：1；补全图象如图所示：(2)故答案为：①函数的图象关于y轴对称，②当x<0时，y随x的增大而增大，当x>0时，y随x的增大而减小；(3)如图，①由A，B两点关于y轴对称，由题意可得四边形OABC是平行四边形，且S四边形OABC =4S△OAM=4×12|k|=2|k|=4，②同①可知：S四边形OABC=2|k|=4，③S四边形OABC=2|k|=2k，故答案为：4，4，2k．(1)根据表格中的数据的变化规律得出当x<0时，xy=−2，而当x>0时，xy=2，求出m的值；补全图象；(2)根据(1)中的图象，得出两条图象的性质；(3)由图象的对称性，和四边形的面积与k的关系，得出答案．本题考查反比例的图象和性质，列表、描点、连线是作函数图象的基本方法，利用图象得出性质和结论是解决问题的根本目的．22.【答案】(1)证明：∵四边形ABCD是矩形，∴∠B=∠D=∠C=90°，由折叠对称知：∠AGE=∠B=90°，∠AHF=∠D=90°，∴∠GHF=∠C=90°，∠EGC+∠HGF=90°，∠GFH+∠HGF=90°，∴∠EGC=∠GFH，∴△EGC∽△GFH．(2)解：∵S△GFH：S△AFH=2：3，且△GFH和△AFH等高，∴GH：AH=2：3，∵将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处，∴AG =AB =GH +AH =20， ∴GH =8，AH =12， ∴AD =AH =12．(3)解：在Rt △ADG 中，DG =√AG 2−AD 2=√202−122=16， 由折叠的对称性可设DF =FH =x ，则GF =16−x ， ∵GH 2+HF 2=GF 2， ∴82+x 2=(16−x)2， 解得：x =6， ∴HF =6，在Rt △GFH 中，tan∠GFH =GHHF =86=43．【解析】(1)由矩形的性质得出∠B =∠D =∠C =90°，由折叠的性质得出∠AGE =∠B =90°，∠AHF =∠D =90°，证得∠EGC =∠GFH ，则可得出结论；(2)由面积关系可得出GH ：AH =2：3，由折叠的性质得出AG =AB =GH +AH =20，求出GH =8，AH =12，则可得出答案；(3)由勾股定理求出DG =16，设DF =FH =x ，则GF =16−x ，由勾股定理得出方程82+x 2=(16−x)2，解出x =6，由锐角三角函数的定义可得出答案．本题属于相似形综合题，考查了矩形的性质，翻折变换，锐角三角函数，相似三角形的判定和性质，勾股定理等知识，解题的关键是学会利用参数构建方程解决问题． 23.【答案】解：(1)设这批防疫物资甲厂生产了a 吨，乙厂生产了b 吨，则： {a +b =5002a −b =100，解得{a =200b =300，即这批防疫物资甲厂生产了200吨，乙厂生产了300吨；(2)由题意得：y =20(240−x)+25[260−(300−x)]+15x +24(300−x)=−4x +11000， ∵{x ≥0240−x ≥0300−x ≥0x −40≥0，解得：40≤x ≤240， 又∵−4<0，∴y 随x 的增大而减小，∴当x =240时，可以使总运费最少，∴y 与x 之间的函数关系式为y =−4x +11000；使总运费最少的调运方案为：甲厂的200吨物资全部运往B 地，乙厂运往A 地240吨，运往B 地60吨；(3)由题意和(2)的解答得：y =−4x +11000−500m ，当x =240时，y 最小=−4×240+11000−500m =10040−500m ， ∴10040−500m ≤5200，解得：m ≥9.68， 而0<m ≤15且m 为整数， ∴m 的最小值为10．【解析】(1)设这批防疫物资甲厂生产了a 吨，乙厂生产了b 吨，根据题意列方程组解答即可；(2)根据题意得出y 与x 之间的函数关系式以及x 的取值范围，再根据一次函数的性质解答即可；(3)根据题意以及(2)的结论可得y =−4x +11000−500m ，再根据一次函数的性质以及列不等式解答即可．本题考查了一次函数的应用，二元一次方程组的应用、一次函数的最值问题，解答本题的关键在于读懂题意，设出未知数，找出合适的等量关系，列出方程和不等式组求解． 24.【答案】(1)证明：如图1，设AB 与y 轴交于M ，∵A(−2,−1)，B(3,−1)，∴AB//x 轴，且AM =2，OM =1，AB =5， ∴OA =OC =√5，∵DE//BC ，O 是AC 的中点， ∴OE 是△ABC 的中位线， ∴AE =12AB ，BC =2OE ， ∴E(12,−1)， ∴EM =12，∴OE =√OM 2+ME 2=√12+(12)2=√52， ∴BC =2OE =√5，在△ABC 中，∵AC 2+BC 2=(2√5)2+(√5)2=25，AB 2=52=25， ∴AC 2+BC 2=AB 2，∴△ABC 是直角三角形，且∠ACB =90°， ∴BC ⊥AC ，∵AC 为半圆O 的直径， ∴BC 是半圆O 的切线；(2)解：四边形OBCD 是平行四边形，理由是： 如图1，由(1)得：BC =OD =OA =√5， ∵OD//BC ，∴四边形OBCD 是平行四边形；(3)解：①如图2，由(1)知：OD =OA =√5，E 是AB 的中点，且E(12,−1)，OE =√52，过D 作DN ⊥y 轴于N ，则DN//EM ，∴△ODN∽△OEM ， ∴ON OM=DN EM=OD OE，即ON 1=DN12=√5√52，∴ON =2，DN =1， ∴N(−1,2)，设此抛物线的解析式为：y =a(x −12)2−1， 把N(−1,2)代入得：2=a(−1−12)2−1， 解得：a =43，∴此抛物线的解析式为：y =43(x −12)2−1，即y =43x 2−43x −23； ②存在，过D 作DG ⊥EP 于G ，设Q 的横坐标为x ，∵DG =1+12=32，EG =2+1=3， ∴DE =√DG 2+EG 2=√(32)2+32=3√52， tan∠DEG =DG EG=323=12， ∵tan∠OAM =OM AM=12，且∠DEG 和∠OAM 都是锐角， ∴∠DEG =∠OAM ，如图3，当△EPD∽△AOB 时，EPAO =DEAB ，即√5=3√525，∴EP =32，∵S △AOB =12AB ⋅OM =12×5×1=52， ∵S △EPQ =S △OAB ， ∴12⋅EP ⋅|x −12|=52， 即12×32×|x −12|=52，解得：x =236或−176； 如图4，当△OAB∽△DEP 时，ABEP =OADE ，即5EP =√53√52，∴EP =152，同理得：12⋅152⋅|x −12|=52，解得：x =76或−16；综上，存在符合条件的点Q ，Q 点的横坐标为236或−176或76或−16．【解析】(1)如图1，设AB 与y 轴交于M ，先证明OE 是△ABC 的中位线，得BC =2OE ，E(12,−1)，利用勾股定理计算OE 的长，可得BC 的长，根据勾股定理的逆定理计算AC 2+BC 2=AB 2，所以△ABC 是直角三角形，且∠ACB =90°，可得结论；(2)根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形，证明OD 与BC 平行且相等，可得四边形OBCD 是平行四边形；(3)①作辅助线，构建平行线，利用平行线分线段成比例定理列比例式可得D 的坐标，利用顶点E 的坐标设抛物线的解析式为：y =a(x −12)2−1，把点D 的坐标代入可得结论；②以E ，D ，P 为顶点的三角形与△OAB 相似，存在两种情况，过D 作DG ⊥EP 于G ，设Q 的横坐标为x ，根据S △EPQ =S △OAB ，列方程可得x 的值．本题考查二次函数综合题，平行四边形的判定和性质、锐角三角函数，3勾股定理，平行线分线段成比例定理等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题，学会利用参数构建方程解决问题，属于中考压轴题．。

2020年湖北省荆州市中考数学模拟试卷解析版

2020年湖北省荆州市中考数学模拟试卷解析版

2020年湖北省荆州市中考数学模拟试卷解析版中考数学模拟试卷题号一二三总分得分一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.在下列四个实数-，-0.5，0，中，最小的是（）A.- B. -0.5 C. 0 D.2.下列计算结果正确的是（）A. a6 ÷a2=a3B. （ab）2=a2b2C. a4 ?a2=a8D. （a4）2=a63.下列立体图形中，俯视图与主视图不同的是（）A. 正方体B. 圆柱C. 圆锥D. 球4.如图是婴儿车的平面示意图，其中AB∥CD，∠1=120°，∠3=40°，那么∠2的度数为（）A. 80°B. 90°C. 100°D. 102°5.防范新冠病毒感染要养成戴口罩、勤洗手、多通风、常消毒等卫生习惯，其中对物体表面进行消毒可以采用浓度为75%的酒精．现有一瓶浓度为95%的酒精500ml，需将其加入适量的水，使浓度稀释为75%．设加水量为xml，可列方程为（）A. 75%x=95%×500B. 95%x=75%×500C. 75%（500+x）=95%×500D. 95%（500+x）=75%×5006.若单项式-3x2y2m+n与2x m+n y4是同类项，则m2+2mn的算术平方根为（）A. 0B. 2C. -2D. ±27.定义（a，b，c）为方程ax2+bx+c=0的特征数．若特征数为（k2，-1-2k，1）的一元二次方程有两个实数根，则k的取值范围是（）A. k＜-B. k＞-C. k＞-且k≠0D. k≥-且k≠08.如图，将⊙O沿弦AB折叠，圆弧AB恰好经过圆心O，P是上一点，则∠APB的度数为（）A. 30°B. 45°C. 60°D. 75°9.二次函数y=ax2+bx+c的图象如图所示，则一次函数y=bx+ac的图象不经过（）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限10.如图，6个形状、大小完全相同的菱形组成网格，菱形的顶点称为格点．已知菱形的一个角（∠O）为60°，A，B，C都在格点上，则tan∠ABC的值是（）A. B. C. D.二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）11.将3x2-27分解因式的结果是______．12.若点（1，k）关于y轴的对称点为（-1，1），则y关于x的函数y=的取值范围是______．13.点P的坐标是（a，b），从-2，-1，0，1，2这五个数中任取一个数作为a的值，再从余下的四个数中任取一个数作为b的值，则点P（a，b）在平面直角坐标系中第二象限内的概率是______．14.如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，以顶点B为圆心，适当长度为半径画弧，分别交AB，BC于点M，N，再分别以点M，N为圆心，大于MN的长为半径画弧，两弧交于点P，作射线BP交AC于点D．当∠A=30°时，小敏正确求得S△BCD：S△ABD=1：2．写出两条小敏求解中用到的数学依据：______．15.如图所示，某办公大楼正前方有一根高度是15米的旗杆ED，从办公大楼顶端A测得旗杆顶端E的俯角α是45°，旗杆低端D 到大楼前梯坎底边的距离DC是20米，梯坎坡长BC是12米，梯坎坡度i=1：，则大楼AB的高度为______米．16.定义新运算：对于任意实数a，b，都有a⊕b=ab+a+b，其中等式右边是通常的加法、乘法运算，例如2⊕3=2×3+2+3=11．若y关于x的函数y=（kx+1）⊕（x-1）图象与x轴仅有一个公共点，则实数k的值为______．三、解答题（本大题共8小题，共72.0分）17.先化简，再求值：（2-）÷，其中x是不等式组的整数解．18.若实数m，n满足|m-2|+=0，请用配方法解关于x的一元二次方程x2+mx+n=0．19.如图，在正方形ABCD中，E为边BC上一点（不与点B，C重合），垂直于AE的一条直线MN分别交AB，AE，CD于点M，P，N．小聪过点B作BF∥MN分别交AE，CD于点G，F后，猜想线段EC，DN，MB之间的数量关系为EC=DN+MB．他的猜想正确吗？请说明理由．20.为了解“停课不停学”过程中学生对网课内容的喜爱程度，某校开展了一次网上问卷调查．随机抽取部分学生，按四个类别统计，其中A表示“很喜欢”，B表示“喜欢”，C表示“一般”，D表示“不喜欢”，并将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．请根据图中提供的信息，解决下列问题：（1）这次共抽取______名学生进行统计调查，扇形统计图中D类所在扇形的圆心角度数为______；（2）将条形统计图补充完整；（3）若该校共有3000名学生，估计该校表示“喜欢”的B类学生大约有多少人？21.参照学习函数的过程与方法，探究函数y=的图象与性质．因为y=，即y=-+1，所以我们对比函数y=-来探究．列表：x…-4-3-2-1-1234…y=-…124-4-2-1--…y=…235-3-10…描点：在平面直角坐标系中，以自变量x的取值为横坐标，以y=相应的函数值为纵坐标，描出相应的点，如图所示：（1）请把y轴左边各点和右边各点，分别用一条光滑曲线顺次连接起来；（2）观察图象并分析表格，回答下列问题：①当x＜0时，y随x的增大而______；（填“增大”或“减小”）②y=的图象是由y=-的图象向______平移______个单位而得到；③图象关于点______中心对称．（填点的坐标）（3）设A（x1，y1），B（x2，y2）是函数y=的图象上的两点，且x1+x2=0，试求y1+y2+3的值．22.已知：在△ABC中AB=AC，点D为BC边的中点，点F是AB 边上一点，点E在线段DF的延长线上，∠BAE=∠BDF，点M在线段DF上，∠ABE=∠DBM．（1）如图1，当∠ABC=45°时，求证：AE=MD；（2）如图2，当∠ABC=60°时，则线段AE、MD之间的数量关系为______ ；（3）在（2）的条件下延长BM到P，使MP=BM，连接CP，若AB=7，AE=，求tan∠PCB和tan∠ACP的值．23.为了抗击新冠病毒疫情，全国人民众志成城，守望相助．春节后某地一水果购销商安排15辆汽车装运A，B，C三种水果120吨销售，所得利润全部捐赠湖北抗疫．已知按计划15辆汽车都要装满且每辆汽车只能装同一种水果，每种水果所用车辆均不少于3辆，汽车对不同水果的运载量和每吨水果销售获利情况如表．水果品种A B C 汽车运载量（吨/辆）1086水果获利（元/吨）80012001000（1）设装运A种水果的车辆数为x辆，装运B种水果车辆数为y辆，根据上表提供的信息，①求y与x之间的函数关系式；②设计车辆的安排方案，并写出每种安排方案；（2）若原有获利不变的情况下，当地政府按每吨50元的标准实行运费补贴，该经销商打算将获利连同补贴全部捐出．问应采用哪种车辆安排方案，可以使这次捐款数w（元）最大化？捐款w（元）最大是多少？24.在平面直角坐标系xOy中，已知点P是反比例函数y=（x＞0）图象上一个动点，以P为圆心的圆始终与y轴相切，设切点为A．（1）如图1，⊙P运动到与x轴相切，设切点为K，试判断四边形OKPA的形状，并说明理由．（2）如图2，⊙P运动到与x轴相交，设交点为B，C．当四边形ABCP是菱形时，①求过点A，B，C三点的抛物线解析式；②在过A，B，C三点的抛物线上是否存在点M，使△MBP的面积是菱形ABCP面积的？若存在，直接写出所有满足条件的M点的坐标；若不存在，试说明理由．答案和解析1.【答案】A【解析】解：-＜-0.5＜0＜，则-最小，故选：A．根据实数比较大小的法则可得答案．此题主要考查了实数的比较大小，关键是掌握正实数都大于0，负实数都小于0，正实数大于一切负实数，两个负实数绝对值大的反而小．2.【答案】B【解析】解：A、原式=a4，不符合题意；B、原式=a2b2，符合题意；C、原式=a6，不符合题意；D、原式=a8，不符合题意．故选：B．各项计算得到结果，即可作出判断．此题考查了同底数幂的乘除法，以及幂的乘方与积的乘方，熟练掌握运算法则是解本题的关键．3.【答案】C【解析】解：A．俯视图与主视图都是正方形，故选项A不合题意；B．俯视图与主视图都是正方形，故选项B不合题意；C．俯视图是圆，左视图是三角形；故选项C符合题意；D．俯视图与主视图都是圆，故选项D不合题意；故选：C．从正面看所得到的图形是主视图，从左面看到的图形是左视图，从上面看到的图象是俯视图．此题主要考查了三视图，关键是把握好三视图所看的方向．属于基础题，中考常考题型．4.【答案】A【解析】解：∵AB∥CD，∴∠A=∠3=40°，∵∠1=120°，∴∠2=∠1-∠A=80°，故选：A．根据平行线性质求出∠A，根据三角形外角性质得出∠2=∠1-∠A，代入求出即可．本题考查了平行线性质和三角形外角性质的应用，关键是求出∠A 的度数和得出∠2=∠1-∠A．5.【答案】C【解析】解：设加水量为xml，可列方程为：75%（500+x）=95%×500．故选：C．直接利用酒精总质量不变进而得出等式得出答案．此题主要考查了由实际问题抽象出一元一次方程，正确表示出酒精质量是解题关键．6.【答案】B【解析】解：∵单项式-3x2y2m+n与2x m+n y4是同类项，∴，解得：，∴m2+2mn=4，则4的算术平方根是2．故选：B．利用同类项的定义列出方程组，求出方程组的解得到m与n的值，代入原式计算求出算术平方根即可．此题考查了解二元一次方程组，利用了消元的思想，消元的方法有：代入消元法与加减消元法．7.【答案】D【解析】解：由题意可知：a=k2，b=-1-2k，c=1，∴△=（-1-2k）2-4×1×k2=1+4k≥0，∴k≥，∵k≠0，∴k≥且k≠0，故选：D．根据根的判别式即可求出答案．本题考查根的判别式，解题的关键是熟练运用根的判别式，本题属于基础题型．8.【答案】C【解析】【分析】本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．也考查了含30°的直角三角形三边的关系和折叠的性质．作半径OC⊥AB于D，连结OA、OB，如图，根据折叠的性质得OD=CD，则OD=OA，根据含30°的直角三角形三边的关系得到∠OAD=30°，接着根据三角形内角和定理可计算出∠AOB=120°，然后根据圆周角定理计算∠APB的度数．【解答】解：作半径OC⊥AB于D，连结OA、OB，如图，∵将⊙O沿弦AB折叠，圆弧恰好经过圆心O，∴OD=CD，∴OD=OC=OA，∴∠OAD=30°，又OA=OB，∴∠OBA=30°，∴∠AOB=120°，∴∠APB=∠AOB=60°．故选C．9.【答案】D【解析】解：由二次函数y=ax2+bx+c的图象可得，a＞0，b＞0，c＞0，∴一次函数y=bx+ac的图象经过第一、二、三象限，不经过第四象限，故选：D．根据二次函数y=ax2+bx+c的图象可以判断a、b、c的正负，从而可以判断一次函数y=bx+ac的图象经过哪几个象限，进而可得答案．本题主要考查了二次函数的图象、一次函数的图象和性质，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．10.【答案】A【解析】解：如图，连接EA，EC，设菱形的边长为a，由题意得∠AEF=30°，∠BEF=60°，AE=a，EB=2a，∴∠AEC=90°，∵∠ACE=∠ACG=∠BCG=60°，∴∠ECB=180°，∴E、C、B共线，在Rt△AEB中，tan∠ABC===．故选：A．如图，连接EA、EC，先证明∠AEC=90°，E、C、B共线，再根据tan∠ABC=，求出AE、EB即可解决问题．本题考查菱形的性质，三角函数、特殊三角形边角关系等知识，解题的关键是添加辅助线构造直角三角形解决问题，属于中考常考题型．11.【答案】3（x+3）（x-3）【解析】解：原式=3（x2-9）=3（x+3）（x-3）．故答案为：3（x+3）（x-3）．原式提取公因式，再利用平方差公式分解即可．此题考查了提公因式法与公式法的综合运用，熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键．12.【答案】x≤1且x≠0【解析】解：∵点（1，k）关于y轴的对称点为（-1，1），∴k=1，∴y关于x的函数y==，则1-x≥0且x≠0，故x≤1且x≠0，故答案为：x≤1且x≠0．直接利用关于y轴对称点的性质得出k的值，再利用二次根式的性质得出答案．此题主要考查了关于y轴对称点的性质以及二次根式，正确得出k 的值是解题关键．13.【答案】【解析】解：画树状图为：共有20种等可能的结果数，其中点P（a，b）在平面直角坐标系中第二象限内的结果数为4，所以点P（a，b）在平面直角坐标系中第二象限内的概率==．故答案为．先画树状图展示所有20种等可能的结果数，再根据第二象限点的坐标特征找出点P（a ，b）在平面直角坐标系中第二象限内的结果数，然后根据概率公式求解．本题考查了列表法与树状图法：通过列表法或树状图法展示所有等可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后根据概率公式求出事件A或B的概率．也考查了坐标确定位置．14.【答案】角平分线上的点到角两边的距离相等；在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半【解析】解：由作法得BD平分∠ABC，过D作DE⊥AB于E，则DE=DC（角平分线上的点到角两边的距离相等），∵∠C=90°，∠A=30°，∴AB=2BC（在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半），∴===．故答案为：角平分线上的点到角两边的距离相等；在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半．过D作DE⊥AB于E，依据角平分线的的性质即可得到DE=DC，再根据含30度角的直角三角形的性质，即可得到AB=2BC，进而得出S△BCD：S△ABD=1：2．本题主要考查了角平分线的的性质以及含30度角的直角三角形的性质，解题时注意：在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半．15.【答案】6+29【解析】【分析】本题考查了解直角三角形的应用-坡度、俯角问题；通过作辅助线运用勾股定理求出BH，得出EG是解决问题的关键．延长AB交DC于H，作EG⊥AB于G，则GH=DE=15米，EG=DH，设BH=x米，则CH=x米，在Rt△BCH中，BC=12米，由勾股定理得出方程，解方程求出BH=6米，CH=6米，得出BG、EG的长度，证明△AEG是等腰直角三角形，得出AG=EG=6+20（米），即可得出大楼AB的高度．【解答】解：延长AB交DC于H，作EG⊥AB于G，如图所示：则GH=DE=15米，EG=DH，∵梯坎坡度i=1：，∴BH：CH=1：，设BH=x米，则CH=x米，在Rt△BCH中，BC=12米，由勾股定理得：x2+（x）2=122，解得：x=6，∴BH=6米，CH=6米，∴BG=GH-BH=15-6=9（米），EG=DH=CH+CD=6+20（米），∵∠α=45°，∴∠EAG=90°-45°=45°，∴△AEG是等腰直角三角形，∴AG=EG=6+20（米），∴AB=AG+BG=6+20+9=（6+29）米．故答案为：6+29．16.【答案】0或-1【解析】解：根据新定义得，y=（kx+1）⊕（x-1）=（kx+1）（x-1）+（kx+1）+（x-1）=kx2+2x-1，即y=kx2+2x-1，当k=0时，函数为y=2x-1，与x轴仅有一个公共点，符合题意；当k≠0时，函数y=kx2+2x-1为二次函数，其图象与x轴仅有一个公共点，则△=4+4k=0，解得，k=-1，综上，k=0或-1，故答案为：0或-1．先根据新定义把函数转化为常规形式，进而分k=0和k≠0时，一次函数和二次函数与x 轴的交点情况求出k的值．本题考查了新定义，一次函数图象与x轴的交点问题，二次函数图象与x轴的交点问题，难点是分两种情况研究，往往容易漏掉k=0的情形．17.【答案】解：原式=（-）?，=，=，=，解①得：x＞2，解②得：x＜3.5，∴不等式组的解集为2＜x＜3.5，∵x为整数，∴x=3，当x=3时，原式==4．【解析】首先计算括号里面分式的减法，然后再计算括号外的除法，化简后，再解不等式组，确定x的范围，进而可得x的值，再代入求值即可．此题主要考查了分式的化简求值，以及解一元一次不等式组，关键是掌握分式的减法和除法运算法则．18.【答案】解：∵|m-2|+=0，∴，解得：，故x2+mx+n=0为：x2+2x-1=0，则x2+2x=1（x+1）2=2，故x+1=±，解得：x1=-1+，x2=-1-．【解析】直接利用非负数的性质得出m，n的值，进而代入方程利用配方法解方程得出答案．此题主要考查了非负数的性质以及配方法解方程，正确掌握解方程的方法是解题关键．19.【答案】解：∵四边形ABCD是正方形，∴AB=CD，∠ABE=∠C=90°，AB∥CD，∵BF∥MN，∴四边形BFNM是平行四边形，∴BM=FN，∵AE⊥MN，∴BF⊥AE，∴∠CBF+∠AEB=∠AEB+∠BAE=90°，∴∠BAE=∠CBF，∴△ABE≌△BCF（ASA），∴BE=CF，∵BC=CD，∴CE=DF，∴CE=DF=FN+DN=BM+DN．【解析】根据正方形的性质得到AB=CD，∠ABE=∠C=90°，AB∥CD，根据平行四边形的性质得到BM=FN，求得BF⊥AE，根据余角的性质得到∠BAE=∠CBF，由全等三角形的性质得到BE=CF，于是得到CE=DF，根据线段的和差即可得到结论．本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，平行四边形的判定和性质，正确的识别图形是解题的关键．20.【答案】50 72°【解析】解：（1）抽取的学生总数：12÷24%=50（人），360°×=72°，故答案为：50；72°；（2）A类学生人数：50-23-12-10=5（人），如图所示；（3）3000×=1380（人），答：该校表示“喜欢”的B类学生大约有1380人．（1）利用C类人数除以所占百分比可得抽取总人数，用360°乘以D类所占的百分比，计算即可得解；（2）根据总数计算出A类的人数，然后再补图即可；（3）利用样本估计总体的方法计算即可．本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用．读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．21.【答案】增大上 1 （0，1）【解析】解：（1）函数图象如图所示：（2）①当x＜0时，y随x的增大而增大；②y=的图象是由y=-的图象向上平移1个单位而得到；③图象关于点（0，1）中心对称．（填点的坐标）故答案为增大，上，1，（0，1）（3）∵x1+x2=0，∴x1=-x2，∴A（x1，y1），B（x2，y2）关于（0，1）对称，∴y1+y2=2，∴y1+y2+3=5．（1）用光滑曲线顺次连接即可；（2）利用图象法即可解决问题；（3）根据中心对称的性质，可知A（x1，y1），B（x2，y2）关于（0，1）对称，由此即可解决问题；本题考查反比例函数的性质、中心对称的性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．22.【答案】AE=2MD【解析】解：（1）证明：如图1，连接AD．∵AB=AC，BD=CD，∴AD⊥BC．又∵∠ABC=45°，∴BD=AB?cos∠ABC，即AB=BD．…（1分）∵∠BAE=∠BDM，∠ABE=∠DBM，∴△ABE∽△DBM．…（2分）∴，∴AE=MD．…（3分）（2）∵cos∠ABC=cos60°=，∴MD=AE?cos∠ABC=AE?，…（4分）∴AE=2MD；…（5分）（3）如图2，连接AD，EP．∵AB=AC，∠ABC=60°，∴△ABC是等边三角形．…（6分）又∵D为BC的中点，∴AD⊥BC，∠DAC=30°，BD=DC=AB．∵∠BAE=∠BDM，∠ABE=∠DBM，∴△ABE∽△DBM．…（7分）∴，∠AEB=∠DMB．∴EB=2BM．又∵BM=MP，∴EB=BP．∵∠EBM=∠ABC=60°，∴△BEP为等边三角形，…（8分）∴EM⊥BP，∴∠BMD=90°∴∠AEB=90°在Rt△AEB中，AE=，AB=7，∴BE==．∴tan∠EAB=．…（9分）∵D为BC中点，M为BP中点，∴DM∥PC．∴∠MDB=∠PCB，∴∠EAB=∠PCB．∴tan∠PCB=．…（10分）在Rt△ABD中，AD=AB?sin∠ABD=，在Rt△NDC中，ND=DC?tan∠NCD=，∴NA=AD-ND=．…（11分）过N作NH⊥AC，垂足为H．在Rt△ANH中，NH=AN=，AH=AN?cos∠NAH=，∴CH=AC-AH=，∴tan∠ACP=．…（12分）（1）首先连接AD，由AB=AC，∠ABC=45°，易得AB=BD，又由∠BAE=∠BDM，∠ABE=∠DBM，可证得△ABE∽△DBM，根据相似三角形的对应边成比例，即可得AE= MD；（2）由∠ABC=60°，即可求得MD=AE，继而可得AE=2MD；（3）首先连接AD，EP，根据题意易证得△ABC是等边三角形，△ABE∽△DBM，继而可证得△BEP为等边三角形，然后在Rt△AEB中，利用勾股定理即可求得BE的长，然后利用三角函数的性质，即可求得tan∠PCB和tan∠ACP的值．此题考查了相似三角形的判定与性质、勾股定理、等边三角形的判定与性质以及三角函数等知识．此题综合性较强，难度较大，解题的关键是准确作出辅助线，掌握转化思想与数形结合思想的应用．23.【答案】解：（1）①设装运A种水果的车辆数为x辆，装运B种水果车辆数为y辆，则装C种水果的车辆是（15-x-y）辆．则10x+8y+6（15-x-y）=120，即10x+8y+90-6x-6y=120，则y=15-2x；②根据题意得：，解得：3≤x≤6．则有四种方案：A、B、C三种的车辆数分别是：3辆、9辆、3辆；或4辆、7辆、4辆；或5辆、5辆、5辆；或6辆、3辆、6辆；（2）w=10×800x+8×1200（15-2x）+6×1000[15-x-（15-2x）]+120×50=-5200x+150000，根据一次函数的性质，当x=3时，w有最大值，是-5200×3+150000=134400（元）．应采用A、B、C三种的车辆数分别是：3辆、9辆、3辆．【解析】（1）①等量关系为：车辆数之和=15，由此可得出x与y的关系式；②关系式为：装运每种水果的车辆数≥3；（2）总利润为：装运A种水果的车辆数×10×800+装运B种水果的车辆数×8×1200+装运C种水果的车辆数×6×1000+运费补贴，然后按x的取值来判定．本题考查了一次函数的应用及不等式的应用，解决本题的关键是读懂题意，根据关键描述语，找到所求量的等量关系，确定x的范围，得到装在的几种方案是解决本题的关键．24.【答案】解：（1）四边形OKPA是正方形，证明如下：∵⊙P分别与两坐标轴相切，∴PA⊥OA，PK⊥OK．∴∠PAO=∠OKP=90°，又∵∠AOK=90°，∴∠PAO=∠OKP=∠AOK=90°，∴四边形OKPA是矩形，又∵AP=KP，∴四边形OKPA是正方形；（2）①连接PB，过点P作PG⊥BC于G，∵四边形ABCP为菱形，∴BC=PA=PB=PC（半径），∴△PBC为等边三角形，在Rt△PBG中，∠PBG=60°，PB=PA=x，PG=x，∴P（x，x）代入y=，解之得：x=±2（负值舍去）．∴PG=，PA=BC=2，则P（2，），则四边形OGPA是矩形，PA=OG=2，BG=CG=1，∴OB=OG-BG=1，OC=OG+GC=3．∴A（0，），B（1，0），C（3，0）；②设二次函数解析式为：y=a（x-1）（x-3），过点A（0，），∴a=，∴二次函数解析式为：y=x2-x+，设直线BP的解析式为：y=ux+v，据题意得：，解之得：．∴直线BP的解析式为：y=x-，要使S△MBP=S菱形ABCP=S△ABP=S△CBP′，过点A作直线AM∥BP，则可得直线AM的解析式为：y=x+，解方程组：，解得：，，过点C作直线CM∥PB，则可设直线CM的解析式为：y=x+t，∴0=3+t，∴t=-3，∴直线CM的解析式为：y=x-3，解方程组：，解得，，综上可知，满足条件的M的坐标有四个，分别为：（0，），（3，0），（4，），（7，8）．【解析】（1）先证明四边形OKPA是矩形，又AP=KP，故四边形OKPA是正方形；（2）①证明△PBC为等边三角形，再求点P的坐标，进而求出点A、B、C的坐标；②依次求出二次函数、直线BP、直线AM的表达式，即可求解．本题考查的是二次函数综合运用，涉及到一次函数、特殊四边形和圆的基本知识，综合性很强，难度较大．。

2020年湖北省荆州市中考数学模拟试卷(4月份) (含答案解析)

2020年湖北省荆州市中考数学模拟试卷(4月份) (含答案解析)

2020年湖北省荆州市中考数学模拟试卷(4月份)一、选择题（本大题共9小题，共27.0分）1. 下列计算正确的是( )A. 3a −2a =1B. a 6÷a 2=a 3C. (2ab)3=6a 3b 3D. −a 4⋅a 4=−a 82. 一个空心的圆柱如图所示，则它的俯视图是( ) A. B. C. D.3. 如图，AB//CD ，∠1=45°，∠3=80°，则∠2的度数为( )A. 30°B. 35°C. 40°D. 45°4. 某数x 的43%比它的一半还少7，则列出的方程是( )A. 43%(x −12)=7B. 12x −7=43%xC. 43%x −12x =7 D. 43%x −12=75.若单项式x2y m−n与单项式−12x2m+n y3是同类项，那么这两个单项式的和是()A. 12x4y6 B. 12x2y3 C. 32x2y3 D. −12x2y36.如果方程x2−x+m=0有两个不相等的实数根，则m的取值范围是()A. m>14B. m≥14C. m<14D. m≤147.将BC⏜沿弦BC折叠，交直径AB于点D，若AD=4，DB=5，则BC的长是()A. 3√7B. 8C. √65D. 2√158.二次函数y=a(x+m)2+n的图象如图所示，则一次函数y=mx+n的图象经过()A. 第一、二、三象限B. 第一、二、四象限C. 第二、三、四象限D. 第一、三、四象限9.如图，BD是菱形ABCD的对角线，CE⊥AB于点E，且点E是AB的中点，则tan∠BFE的值是()A. 12B. √33C. 2D. √3二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）10.分解因式：m2n−4n=______．11.在平面直角坐标系中，点A(3,1)关于x轴的对称点的坐标是________；关于y轴的对称点的坐标是________．12.从−2，−1，0，1，2这五个数中任取一个数作为b的值，并将所取数减3作为k的值，则关于x的一次函数y=kx+b不过第一象限的概率是____________．13.以Rt△ABC的锐角顶点A为圆心，适当长为半径作弧，与边AB，AC各相交于一点，再分别以这两个交点为圆心，适当长为半径作弧，过两弧的交点与点A作直线，与边BC交于点D.若∠ADB=60°，点D到AC的距离为2，则AB的长为______．14.如图，已知斜坡AB的坡度为1：3.若坡长AB=10m，则坡高BC=_____m．15.若二次函数y=x2−4x+n的图象与x轴只有一个公共点，则实数n=______．三、解答题（本大题共8小题，共72.0分）16.先化简，再求值：(x2x−1−x2x2−1)÷x2−xx2−2x+1，其中x是不等式组{x−3(x−2)≤4,2x−33<5−x2的整数解．17.已知√x−20+|y−5|=0(1)求x，y的值；(2)求√x+y18.如图，正方形ABCD的边CD在正方形ECGF的边CE上，连接DG，过点A作AH//DG，交BG于点H.连接HF，AF，其中AF交EC于点M．(1)求证：△AHF为等腰直角三角形．(2)若AB=3，EC=5，求EM的长．19.某校为了了解学生的安全意识，在全校范围内随机抽取部分学生进行问卷调查．根据调查结果，把学生的安全意识分成“淡薄”、“一般”、“较强”、“很强”四个层次，并绘制成如下两幅尚不完整的统计图．根据以上信息，解答下列问题：(1)这次调查一共抽取了______名学生，将条形统计图补充完整；(2)扇形统计图中，“较强”层次所占圆心角的大小为______°；(3)若该校有1800名学生，现要对安全意识为“淡薄”、“一般”的学生强化安全教育，根据调查结果，请你估计全校需要强化安全教育的学生人数．20.已知反比例函数y=k的图象经过点A(2,−4)．x(1)求k的值；(2)函数的图象在那几个象限？y随x的增大怎样变化？(3)画出函数的图象；,−16)、C(−3,5)在这个函数的图象上吗？(4)点B(1221.如图1，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，D为CB上一点，且满足CD=CA，连接AD.过点C作CE⊥AB于点E．(1)若AB=10，BD=2，求CE的长；(2)如图2，若点F是线段CE延长线上一点，连接FD，若∠F=30°，求证：CF=AE+√3DF；2(3)如图3，设D为BC延长线上一点，其它条件不变，直线CE与直线AD交于点F，若∠F=30°，请直接写出线段CF，AE，DF之间的关系，不需要说明理由．22.某镇组织20辆汽车装运完A、B、C三种脐橙共100吨到外地销售．按计划，20辆汽车都要装运，每辆汽车只能装运同一种脐橙，且必须装满．根据下表提供的信息，解答以下问题：脐橙品种A B C每辆汽车运载量(吨)654每吨脐橙获利(百元)121610(1)设装运A种脐橙的车辆数为x，装运B种脐橙的车辆数为y，用含x的式子表示y；(2)如果装运每种脐橙的车辆数都不少于6辆，请你写出运送方案；(3)若要使此次销售获利最大，应采用哪种方案？并求出最大利润的值．23.如图，抛物线y=12x2−32x−2与x轴交于A、B两点(点A在点B的左侧)，与y轴交于点C，M是直线BC下方的抛物线上一动点．(1)求A、B、C三点的坐标．(2)连接MO、MC，并把△MOC沿CO翻折，得到四边形MOM′C，那么是否存在点M，使四边形MOM′C为菱形？若存在，求出此时点M的坐标；若不存在，说明理由．(3)当点M运动到什么位置时，四边形ABMC的面积最大，并求出此时M点的坐标和四边形ABMC的最大面积．四、单项选择题（本大题共1小题，共3.0分）24.在市委、市政府的领导下，全市人民齐心协力将长沙成功地创建为“全国文明城市”，为此Katharine同学特地制作了一个正方体玩具，其平面展开图如图所示.那么在原正方体的表面上，与“文”字相对的面上标的字应是()A. 全B. 明C. 城D. 国【答案与解析】1.答案：D解析：此题考查了同底数幂的乘除法，合并同类项，以及幂的乘方与积的乘方，熟练掌握运算法则是解本题的关键．各项分别计算得到结果，即可作出判断．解：A、3a−2a=a，原式计算错误，不符合题意；B、a6÷a2=a4，原式计算错误，不符合题意；C、(2ab)3=8a3b3，原式计算错误，不符合题意；D、−a4⋅a4=−a8，计算正确，符合题意，故选D2.答案：A解析：解：从上边看是三个矩形，中间矩形两边是虚线，故选：A．根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．本题考查了简单几何体的三视图，从上边看得到的图形是俯视图．3.答案：B解析：[分析]过点E作EF//AB，利用两直线平行，内错角相等即可求出∠2的度数，本题主要考查了平行线的性质，构建合适的平行线是本题解题的关键．[详解]解：如图：过点E作EF//AB，∵AB//CD ，∴AB//CD//EF∵∠1=∠GEF =45°，∴∠2=∠3−∠GEF =80°−45°=35°．故选B ．4.答案：B解析：本题考查了由实际问题抽象出一元一次方程，找准等量关系，正确列出一元一次方程是解题的关键． 由该数的43%比它的一半还少7，可得出关于x 的一元一次方程，此题得解．解：依题意，得：12x −7=43%x ，故选：B ．5.答案：B解析：此题考查了整式的加减，以及同类项，熟练掌握同类项的定义是解本题的关键．利用同类项定义列出方程组，求出方程组的解得到m 与n 的值，即可求出两个多项式的和． 解：∵单项式x 2y m−n 与单项式−12x 2m+n y 3是同类项，∴{2m +n =2m −n =3， 解得：{m =53n =−43，则原式=x2y3−12x2y3=12x2y3，故选B．6.答案：C解析：解：∵a=1，b=−1，c=m，∴△=b2−4ac=(−1)2−4×1×m=1−4m>0，解得：m<14．故选：C．关于x的方程x2−x+m=0有两个不相等的实数根，即判别式△=b2−4ac>0，即可得到关于m 的不等式，从而求得m的范围．本题考查了一元二次方程根的情况与判别式△的关系：(1)△>0⇔方程有两个不相等的实数根；(2)△=0⇔方程有两个相等的实数根；(3)△<0⇔方程没有实数根．7.答案：A解析：此题考查的是折叠的性质、圆周角定理、以及射影定理；能够根据圆周角定理来判断出△ACD是等腰三角形，是解答此题的关键．连接CD、AC，则根据同圆或等圆中，相等的圆周角所对的弦相等，求得AC=CD；过C作AB的垂线，设垂足为E，则DE=12AD，由此可求出BE的长，进而可在Rt△ABC中，根据射影定理求出BC 的长．解：连接CA、CD；根据折叠的性质，知CD⏜所对的圆周角等于∠CBD，又∵AC⏜所对的圆周角是∠CBA，∵∠CBD=∠CBA，∴AC=CD(等圆内相等的圆周角所对的弦相等)，∴△CAD是等腰三角形；过C作CE⊥AB于E．∵AD=4，则AE=DE=2，∴BE=BD+DE=7；在Rt△ACB中，CE⊥AB，则∠CBE=∠ABC，∠CEB=∠ACB=90°，∴△BCE∼△BAC，得BC2=BE⋅AB=7×9=63；故BC=3√7．故选：A．8.答案：C解析：本题主要考查了二次函数的图像与性质，以及一次函数的图像与性质，解决本题的关键是根据二次函数的顶点在第四象限，得出m，n的符号．根据二次函数的顶点在第四象限，得出m<0，n<0，即可得出一次函数y=mx+n的图形经过二、三、四象限．解：由题中图象，得顶点坐标(−m,n)在第四象限，所以−m>0，n<0，所以m<0，n<0，所以一次函数y=mx+n的图象经过第二、第三、第四象限．故选C．9.答案：D解析：本题考查菱形的性质，关键是根据含30°的直角三角形的性质和三角函数解答．首先利用菱形的性质得出AB=BC，即可得出∠ABC=60°，再利用三角函数得出答案．【详解】解：∵四边形ABCD是菱形，∴BC=BA，∠ABD=∠CBD，∵CE⊥AB，E是AB的中点，∴BC=2BE，∴∠BCE=30°，∠BCA=60°，∴△ACB是等边三角形，∴∠ABC=60°，∠ABD=30°，∴∠BFE=60°，在Rt△BEF中，∴tan∠BFE=tan60°=√3．故答案为D．10.答案：n(m+2)(m−2)解析：解：原式=n(m2−4)=n(m+2)(m−2)，故答案为：n(m+2)(m−2)原式提取n，再利用平方差公式分解即可．此题考查了提公因式法与公式法的综合运用，熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键．11.答案：(3,−1)；(−3,1)解析：本题考查的是点坐标关于x轴、y轴对称的点坐标，利用点P(x,y)关于x轴对称点的坐标为(x,−y)，关于y轴的对称点的坐标为(−x,y)即可得出结果．解：点A(3,1)关于x轴的对称点的坐标是(3,−1)；关于y轴的对称点的坐标是(−3,1)．故答案为(3,−1)；(−3,1)．12.答案：35解析：本题考查了一次函数图象与系数的关系及概率公式，也考查了坐标确定位置．根据一次函数图象与系数的关系找到满足条件的数，然后根据概率公式求解．解：一次函数y=kx+b不过第一象限，则k和b的值不大于0，只有−2，−1，0满足．．故答案为3513.答案：2√3解析：解：如图，作DE⊥AC于E．由题意AD平分∠BAC，∵DB⊥AB，DE⊥AC，∴DB=DE=2，在Rt△ADB中，∵∠B=90°，∠BDA=60°，BD=2，∴AB=BD⋅tan60°=2√3，故答案为2√3如图，作DE⊥AC于E.首先证明BD=DE=2，在Rt△ABD中，解直角三角形即可解决问题．本题考查作图−基本作图，角平分线的性质定理、锐角三角函数等知识，解题的关键是熟练掌握角平分线的性质定理，属于中考常考题型．14.答案：√10解析：解：设BC=xm，∵斜坡AB的坡度为 1：3，∴AC=3x，由勾股定理得，x2+(3x)2=102，解得，x=√10，故答案为：√10．设BC=xm，根据坡度的概念求出AC，根据勾股定理计算即可．本题考查的是解直角三角形的应用−坡度坡角问题，掌握坡度的概念、灵活运用勾股定理是解题的关键．15.答案：4解析：本题考查了抛物线与x轴的交点，二次函数y=ax2+bx+c(a,b，c是常数，a≠0)图像与x轴的交点个数与一元二次方程ax2+bx+c=0根之间的关系．Δ=b2−4ac决定抛物线与x轴的交点个数．Δ=b2−4ac>0时，抛物线与x轴有2个交点；Δ=b2−4ac=0时，抛物线与x轴有1个交点；Δ=b2−4ac<0时，抛物线与x轴没有交点．二次函数y=x2−4x+n的图象与x轴只有一个公共点，则b2−4ac=0，据此即可求得．解：y=x2−4x+n中，a=1，b=−4，c=n，∵二次函数y=x2−4x+n的图象与x轴只有一个公共点∴b2−4ac=16−4n=0，解得n=4．故答案是4．16.答案：解：原式=[x3+x2(x+1)(x−1)−x2(x+1)(x−1)]⋅(x−1)2x(x−1)=x3⋅(x−1)2=x2x+1，解不等式组{x −3(x −2)≤4,2x−33<5−x 2得1≤x <3， 则不等式组的整数解为1、2，又x ≠±1且x ≠0，∴x =2，∴原式=43．解析：本题主要考查分式的化简求值，解一元一次不等式组，解题的关键是掌握分式的混合运算顺序和运算法则及解一元一次不等式组的能力．先根据分式的混合运算顺序和运算法则化简原式，再解不等式组求出x 的整数解，由分式有意义的条件确定最终符合分式的x 的值，代入计算可得．17.答案：解：(1)∵√x −20+|y −5|=0，∴x −20=0，y −5=0，解得x =20，y =5；(2)当x =20，y =5时，√x +y =√20+5=√25=5．解析：(1)根据非负数的性质得出关于x ，y 的方程，再求得x ，y 的值即可；(2)把x ，y 的值代入，即可得出答案．本题考查了非负数的性质，掌握非负数的性质是解题的关键．18.答案：证明：(1)∵四边形ABCD ，四边形ECGF 都是正方形∴DA//BC ，AD =CD ，FG =CG ，∠B =∠CGF =90°∵AD//BC ，AH//DG∴四边形AHGD 是平行四边形∴AH =DG ，AD =HG =CD∵CD =HG ，∠ECG =∠CGF =90°，FG =CG∴△DCG≌△HGF(SAS)∴DG =HF ，∠HFG =∠HGD∴AH =HF ，∵∠HGD +∠DGF =90°∴∠HFG+∠DGF=90°∴DG⊥HF，且AH//DG∴AH⊥HF，且AH=HF∴△AHF为等腰直角三角形．(2)∵AB=3，EC=5，∴AD=CD=3，DE=2，EF=5∵AD//EF∴EMDM =EFAD=53，且DE=2∴EM=54解析：(1)通过证明四边形AHGD是平行四边形，可得AH=DG，AD=HG=CD，由“SAS”可证△DCG≌△HGF，可得DG=HF，∠HFG=∠HGD，可证AH⊥HF，AH=HF，即可得结论；(2)由题意可得DE=2，由平行线分线段成比例可得EMDM =EFAD=53，即可求EM的长．本题考查了正方形的性质，平行四边形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，平行线分线段成比例等知识点，灵活运用这些知识进行推理是本题的关键．19.答案：(1)200，条形图补充如下：(2)108；(3)根据题意得：1800×20+30200=450(人)，则估计全校需要强化安全教育的学生人数为450人．解析：解：(1)调查的总人数是：90÷45%=200(人)．安全意识为“很强”的学生数是：200−20−30−90=60(人)．故答案为：200；=108°．(2)“较强”层次所占圆心角的大小为：360°×60200故答案为108；(3)见答案．(1)由安全意识为“很强”的学生数除以占的百分比得到抽取学生总数，再用总人数分别减去安全意识“淡薄”、“一般”、“很强”的人数，得出安全意识为“较强”的学生数，补全条形统计图即可；(2)用360°乘以安全意识为“较强”的学生占的百分比即可；(3)由安全意识为“淡薄”、“一般”的学生占的百分比的和，乘以1800即可得到结果．本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用．读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．也考查了利用样本估计总体．20.答案：解：(1)∵反比例函数y=k的图象经过点A(2,−4)，x∴k=2×(−4)=−8；(2)∵k=−8<0，∴图象位于二、四象限，在每个象限内y随x的增大而增大；(3)图象为：×(−16)=−8、(4)∵12−3×5=−15≠−8，∴B(12,−16)在反比例函数的图象上，C(−3,5)不在反比例函数的图象上．解析：(1)将已知点的坐标代入反比例函数的解析式即可求得k值；(2)根据确定的k的符号判断其所在的象限和增减性；(3)利用描点作图法作出图象即可；(4)满足函数关系式即在，否则不在．本题考查了反比例函数的图象和性质，解题的关键是正确求得反比例函数的解析式，难度不大．21.答案：(1)解：如图1中，设AC=CD=x．在Rt△ACB中，AB=10，AC=x，BC=CD+BD=x+2，∵AB2=AC2+BC2，∴102=x2+(x+2)2，解得x=6或−8(舍弃)，∴AC=6．∵12⋅AC⋅BC=12⋅AB⋅CE，∴CE=6×810=245．(2)证明：如图2中，作DH⊥CF于H．∵∠ACD=∠AEC=∠DHC=90°，∴∠ACE+∠CAE=90°，∵∠ACE+∠BCE=90°，∴∠CAE=∠DCH，在△ACE和∠CDH中，{∠CAE=∠DCH ∠AEC=∠DHC AC=CD，∴△ACE≌△CDH，∴AE=CH，在Rt△DHF中，∵∠DHF=90°，∠F=30°，∴HF=DF⋅cos30°=√32DF，∴CF=CH+FH=AE+√32DF．(3)解：结论：CF=√32DF−AE．理由：如图3中，作DH⊥FC于H．同法可证△DCH≌△CAE，∴AE=CH，在Rt△DHF中，∵∠DHF=90°，∠F=30°，∴HF=DF⋅cos30°=√32DF，∴CF=FH−CH=√32DF−AE．解析：本题考查三角形综合题、全等三角形的判定和性质、锐角三角函数等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，属于较难题．(1)如图1中，设AC=CD=x.利用勾股定理列出方程求出x，再根据12⋅AC⋅BC=12⋅AB⋅CE，求出CE即可．(2)如图2中，作DH ⊥CF 于H.于△ACE≌△CDH ，推出AE =CH ，在Rt △DHF 中，由∠DHF =90°，∠F =30°，推出HF =DF ⋅cos30°=√32DF ，即可证明CF =CH +FH =AE +√32DF ． (3)结论：CF =√32DF −AE.如图3中，作DH ⊥FC 于H.由△DCH≌△CAE ，推出AE =CH ，在Rt △DHF 中，由∠DHF =90°，∠F =30°，推出HF =DF ⋅cos30°=√32DF ， 即可证明CF =FH −CH =√32DF −AE ． 22.答案：解：(1)由题意可知：装运C 种脐橙的车辆数为(20−x −y)，据题意可列如下方程：6x +5y +4(20−x −y)=100，解得：y =−2x +20，故y 与x 之间的函数关系式为：y =−2x +20．(2)由题意可得如下不等式组：{x ≥6y ≥620−x −y ≥6，即{x ≥6−2x +20≥620−x −(−2x +20)≥6， 解得：6≤x ≤7，因为x 是正整数，所以x 的值可为6；7；共两个值，因而有两种安排方案．方案一：6车装运A ，8车装运B ，6车装运C ．方案二：7车装运A ，6车装运B ，7车装运C ．(3)设利润为P ，据题可知：P =72x +80y +40(20−x −y)，而y =−2x +20，故可得：P =−48x +1600，∵−48<0，∴P 随的x 增大而减小，∴当x =6时P 有最大值，此时P =1312．∴应采用第一种安排方案，最大利润为1312百元，即131200元．解析：本题考查了一次函数的应用及不等式的应用的有关知识．(1)等量关系为：车辆数之和=20，由此可得出x 与y 的关系式；(2)根据装运每种脐橙的车辆数≥6列出不等式组进行求解即可；(3)总利润为：装运A种脐橙的车辆数×6×12+装运B种脐橙的车辆数×5×16+装运C种脐橙的车辆数×4×10，然后按x的取值来判定．23.答案：解：(1)令y=0，则12x2−32x−2=0，解得：x1=4，x2=−1，∵点A在点B的左侧，∴A(−1,0)，B(4,0)，令x=0，则y=−2，∴C(0,−2)；(2)存在点M，使四边形MOM′C是菱形，如图1所示：设M点坐标为(x,12x2−32x−2)若四边形MOM′C是菱形，则M M′垂直平分OC，∵OC=2，∴M点的纵坐标为−1，∴12x2−32x−2=−1，解得：x1=3+√172，x2=3−√172(不合题意，舍去)，∴M点的坐标为(3+√172,−1)；(3)过点M作y轴的平行线与BC交于点Q，与OB交于点H，连接CM、BM，如图2所示：设直线BC的解析式为y=kx+b，将B(4,0)，C(0,−2)代入得：k=12，b=−2，∴直线BC的解析式为y=12x−2，∴可设M(x,12x2−32x−2)，Q(x,12x−2)，∴MQ=12x−2−(12x2−32x−2)=−12x2+2x，∴S四边形ABMC=S△ABC+S△CMQ+S△BQM，=12AB⋅OC+12QM⋅OH+12QM⋅HB，=12×5×2+12QM⋅(OH+HB)，=5+12QM⋅OB，=5+12(−12x2+2x)⋅4，=−x2+4x+5，=−(x−2)2+9，∴当x=2时，四边形ABMC的面积最大，且最大面积为9，当x=2时，y=−3，∴当M点的坐标为(2,−3)时，四边形ABMC的面积最大，且最大面积为9．解析：此题主要考查了二次函数综合，关键是数形结合的数学思想方法的应用，掌握二次函数最值的求法，以及抛物线与坐标轴的交点坐标的特点．(1)令y=0，则12x2−32x−2=0，解方程可得x1=4，x2=−1，进而可得A、B的坐标，再令x=0，可得y=−2，进而可得C的坐标；(2)设M点坐标为(x,12x2−32x−2)，根据菱形的性质可得MM′垂直平分OC，由CO=2可得M点的纵坐标为−1，进而可得12x2−32x−2=−1，再解即可得到M点坐标；(3)过点M作y轴的平行线与BC交于点Q，与OB交于点H，连接CM、BM，利用待定系数法求出直线BC的解析式为y=12x−2，设M(x,12x2−32x−2)，Q(x,12x−2)，进而可得MQ的长，然后由S四边形ABMC=S△ABC+S△CMQ+S△BQM，可得四边形ABMC的面积最大值，进而可得M点的坐标．24.答案：C解析：此题考查了正方体相对两个面上的文字的知识；掌握常见类型展开图相对面上的两个字的特点是解决本题的关键．正方体的表面展开图，相对的面之间一定相隔一个正方形，根据这一特点作答．解：由正方体的展开图特点可得：与“文”字所在的面上标的字应是“城”.故选C．。

2020年湖北省荆州市中考数学试卷(含解析)

2020年湖北省荆州市中考数学试卷(含解析)

2020年湖北省荆州市中考数学试卷（考试时间：120分钟满分：120分）一、选择题（本大题共有10个小题，每小题3分，共30分）1．有理数﹣2的相反数是（）A．2 B．C．﹣2 D．﹣2．（下列四个几何体中，俯视图与其它三个不同的是（）A．B．C．D．3．在平面直角坐标系中，一次函数y＝x+1的图象是（）A．B．C．D．4．将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，若∠CAB＝30°，则∠ACB的度数是（）A．45°B．55°C．65°D．75°5．八年级学生去距学校10km的荆州博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达．已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度．若设骑车学生的速度为xkm/h，则可列方程为（）A．﹣＝20 B．﹣＝20C．﹣＝D．﹣＝6．若x为实数，在“（+1）□x”的“□”中添上一种运算符号（在“+，﹣，×，÷”中选择）后，其运算的结果为有理数，则x不可能是（）A．+1 B．﹣1 C．2D．1﹣7．如图，点E在菱形ABCD的AB边上，点F在BC边的延长线上，连接CE，DF，对于下列条件：①BE＝CF；②CE⊥AB，DF⊥BC；③CE＝DF；④∠BCE＝∠CDF．只选取其中一条添加，不能确定△BCE≌△CDF的是（）A．①B．②C．③D．④8．如图，在平面直角坐标系中，Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．C为OA 的中点，BC＝1，则点A的坐标为（）A．（，）B．（，1）C．（2，1）D．（2，）9．定义新运算“a*b”：对于任意实数a，b，都有a*b＝（a+b）（a﹣b）﹣1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例4*3＝（4+3）（4﹣3）﹣1＝7﹣1＝6．若x*k＝x（k为实数）是关于x的方程，则它的根的情况为（）A．有一个实数根B．有两个相等的实数根C．有两个不相等的实数根D．没有实数根10．如图，在6×6的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，点A，B，C均在网格交点上，⊙O是△ABC的外接圆，则cos∠BAC的值为（）A．B．C．D．二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）11．若a＝（π﹣2020）0，b＝﹣（）﹣1，c＝|﹣3|，则a，b，c的大小关系为．（用“＜”号连接）12．若单项式2x m y3与3xy m+n是同类项，则的值为．13．已知：△ABC，求作：△ABC的外接圆．作法：①分别作线段BC，AC的垂直平分线EF和MN，它们相交于点O；②以点O为圆心，OB的长为半径画圆．如图，⊙O即为所求，以上作图用到的数学依据有：．（只需写一条）14．若标有A，B，C的三只灯笼按图所示悬挂，每次摘取一只（摘B前需先摘C），直到摘完，则最后一只摘到B的概率是．15．“健康荆州，你我同行”，市民小张积极响应“全民健身动起来”号召，坚持在某环形步道上跑步．已知此步道外形近似于如图所示的Rt△ABC，其中∠C＝90°，AB与BC间另有步道DE相连，D地在AB正中位置，E地与C地相距1km．若tan∠ABC＝，∠DEB＝45°，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，则他跑了km．16．我们约定：（a，b，c）为函数y＝ax2+bx+c的“关联数”，当其图象与坐标轴交点的横、纵坐标均为整数时，该交点为“整交点”．若关联数为（m，﹣m﹣2，2）的函数图象与x轴有两个整交点（m为正整数），则这个函数图象上整交点的坐标为．三、解答题（本大题共有8个小题，共72分）17．（8分）先化简，再求值：（1﹣）÷，其中a是不等式组的最小整数解．18．（8分）阅读下列“问题”与“提示”后，将解方程的过程补充完整，求出x的值．【问题】解方程：x2+2x+4﹣5＝0．【提示】可以用“换元法”解方程．解：设＝t（t≥0），则有x2+2x＝t2原方程可化为：t2+4t﹣5＝0【续解】19．（8分）如图，将△ABC绕点B顺时针旋转60°得到△DBE，点C的对应点E恰好落在AB的延长线上，连接AD．（1）求证：BC∥AD；（2）若AB＝4，BC＝1，求A，C两点旋转所经过的路径长之和．20．（8分）6月26日是“国际禁毒日”，某中学组织七、八年级全体学生开展了“禁毒知识”网上竞赛活动．为了解竞赛情况，从两个年级各随机抽取了10名同学的成绩（满分为100分），收集数据为：七年级90，95，95，80，90，80，85，90，85，100；八年级85，85，95，80，95，90，90，90，100，90．整理数据：80 85 90 95 100分数人数年级七年级 2 2 3 2 1八年级 1 2 4 a 1分析数据：平均数中位数众数方差七年级89 b 90 39八年级 c 90 d 30根据以上信息回答下列问题：（1）请直接写出表格中a，b，c，d的值；（2）通过数据分析，你认为哪个年级的成绩比较好？请说明理由；（3）该校七、八年级共有600人，本次竞赛成绩不低于90分的为“优秀”．估计这两个年级共有多少名学生达到“优秀”？21．（8分）九年级某数学兴趣小组在学习了反比例函数的图象与性质后，进一步研究了函数y＝的图象与性质共探究过程如下：（1）绘制函数图象，如图1．列表：下表是x与y的几组对应值，其中m＝；x …﹣3 ﹣2 ﹣1 ﹣ 1 2 3 …y … 1 2 4 4 2 m …描点：根据表中各组对应值（x，y），在平面直角坐标系中描出了各点；连线：用平滑的曲线顺次连接各点，画出了部分图象．请你把图象补充完整；（2）通过观察图1，写出该函数的两条性质；①；②；（3）①观察发现：如图2．若直线y＝2交函数y＝的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA 交x轴于C．则S四边形OABC＝；②探究思考：将①中“直线y＝2”改为“直线y＝a（a＞0）”，其他条件不变，则S四边形OABC＝；③类比猜想：若直线y＝a（a＞0）交函数y＝（k＞0）的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA交x轴于C，则S四边形OABC＝．22．（10分）如图，在矩形ABCD中，AB＝20，点E是BC边上的一点，将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处；点F在DG上，将△ADF沿着AF折叠，点D刚好落在AG上点H处，此时S△GFH：S△AFH＝2：3，（1）求证：△EGC∽△GFH；（2）求AD的长；（3）求tan∠GFH的值．23．（10分）为了抗击新冠疫情，我市甲、乙两厂积极生产了某种防疫物资共500吨，乙厂的生产量是甲厂的2倍少100吨．这批防疫物资将运往A地240吨，B地260吨，运费如下表（单位：元/吨）．A B目的地生产厂甲20 25乙15 24（1）求甲、乙两厂各生产了这批防疫物资多少吨？（2）设这批物资从乙厂运往A地x吨，全部运往A，B两地的总运费为y元．求y与x之间的函数关系式，并设计使总运费最少的调运方案；（3）当每吨运费均降低m元（0＜m≤15且m为整数）时，按（2）中设计的调运方案运输，总运费不超过5200元．求m的最小值．24．（12分）如图1，在平面直角坐标系中，A（﹣2，﹣1），B（3，﹣1），以O为圆心，OA的长为半径的半圆O交AO延长线于C，连接AB，BC，过O作ED∥BC分别交AB和半圆O于E，D，连接OB，CD．（1）求证：BC是半圆O的切线；（2）试判断四边形OBCD的形状，并说明理由；（3）如图2，若抛物线经过点D且顶点为E．①求此抛物线的解析式；②点P是此抛物线对称轴上的一个动点，以E，D，P为顶点的三角形与△OAB相似，问抛物线上是否存在一点Q．使S△EPQ＝S△OAB？若存在，请直接写出Q点的横坐标；若不存在，说明理由．参考答案与试题解析一、选择题1．【解答】解：有理数﹣2的相反数是：2．故选：A．2．【解答】解：选项A的俯视图是三角形，选项B、C、D的俯视图均为圆．故选：A．3．【解答】解：一次函数y＝x+1中，令x＝0，则y＝1；令y＝0，则x＝﹣1，∴一次函数y＝x+1的图象经过点（0，1）和（﹣1，0），∴一次函数y＝x+1的图象经过一二三象限，故选：C．4．【解答】解：如图所示：∵将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，∴ED∥FA，∠EBC＝∠CBA，∴∠EBC＝∠ACB，∠CAB＝∠DBA＝30°，∵∠EBC+∠CBA+∠ABD＝180°，∴∠ACB+∠ACB+30°＝180°，∴∠ACB＝75°，故选：D．5．【解答】解：设骑车学生的速度为xkm/h，则乘车学生的速度为2xkm/h，依题意，得：﹣＝．故选：C．6．【解答】解：A．（+1）﹣（+1）＝0，故本选项不合题意；B．（+1）＝2，故本选项不合题意；C．（+1）与无论是相加，相减，相乘，相除，结果都是无理数，故本选项符合题意；D．（+1）（1﹣）＝﹣2，故本选项不合题意．故选：C．7．【解答】解：∵四边形BCD是菱形，∴BC＝CD，AB∥CD，∴∠B＝∠DCF，①∵添加BE＝CF，∴△BCE≌△CDF（SAS），②∵添加CE⊥AB，DF⊥BC，∴∠CEB＝∠F＝90°，∴△BCE≌△CDF（AAS），③∵添加CE＝DF，不能确定△BCE≌△CDF；④∵添加∠BCE＝∠CDF，∴△BCE≌△CDF（ASA），故选：C．8．【解答】解：如图，∵Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．∴∠AOD＝30°，∴AD＝OA，∵C为OA的中点，∴AD＝AC＝OC＝BC＝1，∴OA＝2，∴OD＝，则点A的坐标为：（，1）．故选：B．9．【解答】解：∵x*k＝x（k为实数）是关于x的方程，∴（x+k）（x﹣k）﹣1＝x，整理得x2﹣x﹣k2﹣1＝0，∵△＝（﹣1）2﹣4（﹣k2﹣1）＝4k2+5＞0，∴方程有两个不相等的实数根．故选：C．10．【解答】解：如图，作直径BD，连接CD，由勾股定理得，BD＝＝2，在Rt△BDC中，cos∠BDC＝＝＝，由圆周角定理得，∠BAC＝∠BDC，∴cos∠BAC＝cos∠BDC＝，故选：B．二、填空题11．【解答】解：∵a＝（π﹣2020）0＝1，b＝﹣（）﹣1＝﹣2，c＝|﹣3|＝3，∴b＜a＜c．故答案为：b＜a＜c．12．【解答】解：根据题意得：m＝1，m+n＝3，解得n＝2，所以2m+n＝2+2＝4，＝＝2．故答案是：2．13．【解答】解：∵点O为AC和BC的垂直平分线的交点，∴OA＝OC＝OB，∴⊙O为△ABC的外接圆．故答案为：线段的垂直平分线的性质．14．【解答】解：画树状图如图：共有3个可能的结果，最后一只摘到B的结果有2个，∴最后一只摘到B的概率为；故答案为：．15．【解答】解：过D点作DF⊥BC，设EF＝xkm，则DF＝xkm，BF＝xkm，在Rt△BFD中，BD＝＝xkm，∵D地在AB正中位置，∴AB＝2BD＝xkm，∵tan∠ABC＝，∴cos∠ABC＝，∴＝，解得x＝3，则BC＝8km，AC＝6km，AB＝10km，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，他跑了8+10+6＝24（km）．故答案为：24．16．【解答】解：根据题意，令y＝0，将关联数（m，﹣m﹣2，2）代入函数y＝ax2+bx+c，则有mx2+（﹣m ﹣2）x+2＝0，△＝（﹣m﹣2）2﹣4×2m＝（m﹣2）2＞0，∴mx2+（﹣m﹣2）x+2＝0有两个根，由求根公式可得x＝x＝x1＝＝1，此时m为不等于0的任意数，不合题意；x2＝＝，当m＝1或2时符合题意；x2＝2或1；x3＝＝，当m＝1或2时符合题意；x3＝2或1；x4＝＝1，此时m为不等于0的任意数，不合题意；所以这个函数图象上整交点的坐标为（2，0），（1，0）；令x＝0，可得y＝c＝2，即得这个函数图象上整交点的坐标（0，2）．综上所述，这个函数图象上整交点的坐标为（2，0），（1，0）或（0，2）；故答案为：（2，0），（1，0）或（0，2）．三、解答题17．【解答】解：原式＝•＝．解不等式组中的①，得a≥2．解不等式②，得a＜4．则2≤a＜4．所以a的最小整数值是2，所以，原式＝＝．18．【解答】解：（t+5）（t﹣1）＝0，t+5＝0或t﹣1＝0，∴t1＝﹣5，t2＝1，当t＝﹣5时，＝﹣5，此方程无解；当t＝1时，＝1，则x2+2x＝1，配方得（x+1）2＝2，解得x1＝﹣1+，x2＝﹣1﹣；经检验，原方程的解为x1＝﹣1+，x2＝﹣1﹣．19．【解答】（1）证明：由题意，△ABC≌△DBE，且∠ABD∠CBE＝60°，∴AB＝DB，∴△ABD是等边三角形，∴∠DAB＝60°，∴∠CBE＝∠DAB，∴BC∥AD．（2）解：由题意，BA＝BD＝4，BC＝BE＝1，∠ABD＝∠CBE＝60°，∴A，C两点旋转所经过的路径长之和＝+＝．20．【解答】解：（1）观察八年级95分的有2人，故a＝2；七年级的中位数为，故b＝90；八年级的平均数为：[85+85+95+80+95+90+90+90+100+90]＝90，故c＝90；八年级中90分的最多，故d＝90；（2）七、八年级学生成绩的中位数和众数相同，但八年级的平均成绩比七年级高，且从方差看，八年级学生成绩更整齐，综上，八年级的学生成绩好；（3）∵600×＝390（人），∴估计该校七、八年级这次竞赛达到优秀的有390人．21．【解答】解：（1）当x＜0时，xy＝﹣2，而当x＞0时，xy＝2，∴m＝1，故答案为：1；补全图象如图所示：（2）故答案为：①函数的图象关于y轴对称，②当x＜0时，y随x的增大而增大，当x＞0时，y随x的增大而减小；（3）如图，①由A，B两点关于y轴对称，由题意可得四边形OABC是平行四边形，且S四边形OABC＝4S△OAM＝4×|k|＝2|k|＝4，②同①可知：S四边形OABC＝2|k|＝4，③S四边形OABC＝2|k|＝2k，故答案为：4，4，2k．22．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴∠B＝∠D＝∠C＝90°，由折叠对称知：∠AGE＝∠B＝90°，∠AHF＝∠D＝90°，∴∠GHF＝∠C＝90°，∠EGC+∠HGF＝90°，∠GFH+∠HGF＝90°，∴∠EGC＝∠GFH，∴△EGC∽△GFH．（2）解：∵S△GFH：S△AFH＝2：3，且△GFH和△AFH等高，∴GH：AH＝2：3，∵将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处，∴AG＝AB＝GH+AH＝20，∴GH＝8，AH＝12，∴AD＝AH＝12．（3）解：在Rt△ADG中，DG＝＝＝16，由折叠的对称性可设DF＝FH＝x，则GF＝16﹣x，∵GH2+HF2＝GF2，∴82+x2＝（16﹣x）2，解得：x＝6，∴HF＝6，在Rt△GFH中，tan∠GFH＝．23．【解答】解：（1）设这批防疫物资甲厂生产了a吨，乙厂生产了b吨，则：，解得，即这批防疫物资甲厂生产了200吨，乙厂生产了300吨；（2）由题意得：y＝20（240﹣x）+25[260﹣（300﹣x）]+15x+24（300﹣x）＝﹣4x+11000，∵，解得：0≤x≤240，又∵﹣4＜0，∴y随x的增大而减小，∴当x＝240时，可以使总运费最少，∴y与x之间的函数关系式为y＝﹣4x+11000；使总运费最少的调运方案为：甲厂的200吨物资全部运往B 地，乙厂运往A地240吨，运往B地60吨；（3）由题意和（2）的解答得：y＝﹣4x+11000﹣500m，当x＝240时，y最小＝﹣4×240+11000﹣500m＝10040﹣500m，∴10040﹣500m≤5200，解得：m≥9.68，而0＜m≤15且m为整数，∴m的最小值为10．24．【解答】（1）证明：如图1，设AB与y轴交于M，∵A（﹣2，﹣1），B（3，﹣1），∴AB∥x轴，且AM＝2，OM＝1，AB＝5，∴OA＝OC＝，∵DE∥BC，O是AC的中点，∴OE是△ABC的中位线，∴AE＝AB，BC＝2OE，∴E（，﹣1），∴EM＝，∴OE＝＝＝，∴BC＝2OE＝，在△ABC中，∵＝25，AB2＝52＝25，∴AC2+BC2＝AB2，∴△ABC是直角三角形，且∠ACB＝90°，∴BC⊥AC，∵AC为半圆O的直径，∴BC是半圆O的切线；（2）解：四边形OBCD是平行四边形，理由是：如图1，由（1）得：BC＝OD＝OA＝，∵OD∥BC，∴四边形OBCD是平行四边形；（3）解：①如图2，由（1）知：OD＝OA＝，E是AB的中点，且E（，﹣1），OE＝，过D作DN⊥y轴于N，则DN∥EM，∴△ODN∽△OEM，∴，即，∴ON＝2，DN＝1，∴N（﹣1，2），设此抛物线的解析式为：y＝a（x﹣）2﹣1，把N（﹣1，2）代入得：2＝a（﹣1﹣）2﹣1，解得：a＝，∴此抛物线的解析式为：y＝（x﹣）2﹣1，即y＝；②存在，过D作DG⊥EP于G，设Q的横坐标为x，∵DG＝1+＝，EG＝2+1＝3，∴DE＝＝＝，tan∠DEG＝＝，∵tan∠OAM＝，且∠DEG和∠OAM都是锐角，∴∠DEG＝∠OAM，如图3，当△EPD∽△AOB时，，即，∴EP＝，∵S△AOB＝＝，∵S△EPQ＝S△OAB，∴＝，即，解得：x＝或﹣；如图4，当△OAB∽△DEP时，，即，∴EP＝，同理得：，解得：x＝或﹣；综上，存在符合条件的点Q，Q点的横坐标为或﹣或或﹣。

2020年湖北省荆州市中考数学试卷(后附答案及详尽解析)

2020年湖北省荆州市中考数学试卷(后附答案及详尽解析)

2020年湖北省荆州市中考数学试卷一、选择题（本大题共有10个小题，每小题3分，共30分） 1．（3分）（2020•荆州）有理数﹣2的相反数是（ ） A ．2B ．12C ．﹣2D ．−122．（3分）（2020•荆州）下列四个几何体中，俯视图与其它三个不同的是（ ）A ．B ．C ．D ．3．（3分）（2020•荆州）在平面直角坐标系中，一次函数y ＝x +1的图象是（ ）A ．B ．C ．D ．4．（3分）（2020•荆州）将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，若∠CAB ＝30°，则∠ACB 的度数是（ ）A ．45°B ．55°C ．65°D ．75°5．（3分）（2020•荆州）八年级学生去距学校10km 的荆州博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min 后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达．已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度．若设骑车学生的速度为xkm /h ，则可列方程为（ ）A ．102x −10x =20 B ．10x −102x =20C ．10x−102x=13D ．102x−10x=136．（3分）（2020•荆州）若x 为实数，在“（√3+1）□x ”的“□”中添上一种运算符号（在“+，﹣，×，÷”中选择）后，其运算的结果为有理数，则x 不可能是（ ） A ．√3+1B ．√3−1C ．2√3D ．1−√37．（3分）（2020•荆州）如图，点E 在菱形ABCD 的AB 边上，点F 在BC 边的延长线上，连接CE ，DF ，对于下列条件：①BE ＝CF ；②CE ⊥AB ，DF ⊥BC ；③CE ＝DF ；④∠BCE ＝∠CDF ．只选取其中一条添加，不能确定△BCE ≌△CDF 的是（ ）A ．①B ．②C ．③D ．④8．（3分）（2020•荆州）如图，在平面直角坐标系中，Rt △OAB 的斜边OA 在第一象限，并与x 轴的正半轴夹角为30°．C 为OA 的中点，BC ＝1，则点A 的坐标为（ ）A ．（√3，√3）B ．（√3，1）C ．（2，1）D ．（2，√3）9．（3分）（2020•荆州）定义新运算“a *b ”：对于任意实数a ，b ，都有a *b ＝（a +b ）（a ﹣b ）﹣1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例4*3＝（4+3）（4﹣3）﹣1＝7﹣1＝6．若x *k ＝x （k 为实数）是关于x 的方程，则它的根的情况为（ ） A ．有一个实数根 B ．有两个相等的实数根 C ．有两个不相等的实数根D ．没有实数根10．（3分）（2020•荆州）如图，在6×6的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，点A ，B ，C 均在网格交点上，⊙O 是△ABC 的外接圆，则cos ∠BAC 的值为（ ）A ．√55B ．2√55C ．12D ．√32二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）11．（3分）（2020•荆州）若a ＝（π﹣2020）0，b ＝﹣（12）﹣1，c ＝|﹣3|，则a ，b ，c 的大小关系为 ．（用“＜”号连接）12．（3分）（2020•荆州）若单项式2x m y 3与3xy m +n 是同类项，则√2m +n 的值为 ． 13．（3分）（2020•荆州）已知：△ABC ，求作：△ABC 的外接圆．作法：①分别作线段BC ，AC 的垂直平分线EF 和MN ，它们相交于点O ；②以点O 为圆心，OB 的长为半径画圆．如图，⊙O 即为所求，以上作图用到的数学依据有： ．（只需写一条）14．（3分）（2020•荆州）若标有A ，B ，C 的三只灯笼按图所示悬挂，每次摘取一只（摘B 前需先摘C ），直到摘完，则最后一只摘到B 的概率是 ．15．（3分）（2020•荆州）“健康荆州，你我同行”，市民小张积极响应“全民健身动起来”号召，坚持在某环形步道上跑步．已知此步道外形近似于如图所示的Rt △ABC ，其中∠C ＝90°，AB 与BC 间另有步道DE 相连，D 地在AB 正中位置，E 地与C 地相距1km ．若tan ∠ABC =34，∠DEB ＝45°，小张某天沿A →C →E →B →D →A 路线跑一圈，则他跑了 km ．16．（3分）（2020•荆州）我们约定：（a ，b ，c ）为函数y ＝ax 2+bx +c 的“关联数”，当其图象与坐标轴交点的横、纵坐标均为整数时，该交点为“整交点”．若关联数为（m ，﹣m ﹣2，2）的函数图象与x 轴有两个整交点（m 为正整数），则这个函数图象上整交点的坐标为 ．三、解答题（本大题共有8个小题，共72分）17．（8分）（2020•荆州）先化简，再求值：（1−1a ）÷a 2−1a 2+2a+1，其中a 是不等式组{a −2≥2−a ①2a −1＜a +3②的最小整数解． 18．（8分）（2020•荆州）阅读下列“问题”与“提示”后，将解方程的过程补充完整，求出x 的值．【问题】解方程：x 2+2x +4√x 2+2x −5＝0． 【提示】可以用“换元法”解方程． 解：设√x 2+2x =t （t ≥0），则有x 2+2x ＝t 2 原方程可化为：t 2+4t ﹣5＝0 【续解】19．（8分）（2020•荆州）如图，将△ABC 绕点B 顺时针旋转60°得到△DBE ，点C 的对应点E 恰好落在AB 的延长线上，连接AD ． （1）求证：BC ∥AD ；（2）若AB ＝4，BC ＝1，求A ，C 两点旋转所经过的路径长之和．20．（8分）（2020•荆州）6月26日是“国际禁毒日”，某中学组织七、八年级全体学生开展了“禁毒知识”网上竞赛活动．为了解竞赛情况，从两个年级各随机抽取了10名同学的成绩（满分为100分），收集数据为：七年级90，95，95，80，90，80，85，90，85，100；八年级85，85，95，80，95，90，90，90，100，90．整理数据：分数人数年级80859095100七年级22321八年级124a1分析数据：平均数中位数众数方差七年级89b9039八年级c90d30根据以上信息回答下列问题：（1）请直接写出表格中a，b，c，d的值；（2）通过数据分析，你认为哪个年级的成绩比较好？请说明理由；（3）该校七、八年级共有600人，本次竞赛成绩不低于90分的为“优秀”．估计这两个年级共有多少名学生达到“优秀”？21．（8分）（2020•荆州）九年级某数学兴趣小组在学习了反比例函数的图象与性质后，进一步研究了函数y=2|x|的图象与性质共探究过程如下：（1）绘制函数图象，如图1．列表：下表是x与y的几组对应值，其中m＝；x…﹣3﹣2﹣1−1212123…y (2)312442m23…描点：根据表中各组对应值（x，y），在平面直角坐标系中描出了各点；连线：用平滑的曲线顺次连接各点，画出了部分图象．请你把图象补充完整；（2）通过观察图1，写出该函数的两条性质；①；②；（3）①观察发现：如图2．若直线y＝2交函数y=2|x|的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA交x轴于C．则S四边形OABC＝；②探究思考：将①中“直线y＝2”改为“直线y＝a（a＞0）”，其他条件不变，则S四边形OABC＝；③类比猜想：若直线y＝a（a＞0）交函数y=k|x|（k＞0）的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA交x轴于C，则S四边形OABC＝．22．（10分）（2020•荆州）如图，在矩形ABCD中，AB＝20，点E是BC边上的一点，将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处；点F在DG上，将△ADF沿着AF 折叠，点D刚好落在AG上点H处，此时S△GFH：S△AFH＝2：3，（1）求证：△EGC∽△GFH；（2）求AD的长；（3）求tan∠GFH的值．23．（10分）（2020•荆州）为了抗击新冠疫情，我市甲、乙两厂积极生产了某种防疫物资共500吨，乙厂的生产量是甲厂的2倍少100吨．这批防疫物资将运往A地240吨，B地260吨，运费如下表（单位：元/吨）．A B目的地生产厂甲2025乙1524（1）求甲、乙两厂各生产了这批防疫物资多少吨？（2）设这批物资从乙厂运往A地x吨，全部运往A，B两地的总运费为y元．求y与x 之间的函数关系式，并设计使总运费最少的调运方案；（3）当每吨运费均降低m元（0＜m≤15且m为整数）时，按（2）中设计的调运方案运输，总运费不超过5200元．求m的最小值．24．（12分）（2020•荆州）如图1，在平面直角坐标系中，A（﹣2，﹣1），B（3，﹣1），以O为圆心，OA的长为半径的半圆O交AO延长线于C，连接AB，BC，过O作ED∥BC 分别交AB和半圆O于E，D，连接OB，CD．（1）求证：BC是半圆O的切线；（2）试判断四边形OBCD的形状，并说明理由；（3）如图2，若抛物线经过点D且顶点为E．①求此抛物线的解析式；②点P是此抛物线对称轴上的一个动点，以E，D，P为顶点的三角形与△OAB相似，问抛物线上是否存在一点Q．使S△EPQ＝S△OAB？若存在，请直接写出Q点的横坐标；若不存在，说明理由．2020年湖北省荆州市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共有10个小题，每小题3分，共30分） 1．（3分）（2020•荆州）有理数﹣2的相反数是（ ） A ．2B ．12C ．﹣2D ．−12【解答】解：有理数﹣2的相反数是：2． 故选：A ．2．（3分）（2020•荆州）下列四个几何体中，俯视图与其它三个不同的是（ ）A ．B ．C ．D ．【解答】解：选项A 的俯视图是三角形，选项B 、C 、D 的俯视图均为圆． 故选：A ．3．（3分）（2020•荆州）在平面直角坐标系中，一次函数y ＝x +1的图象是（ ）A ．B ．C ．D ．【解答】解：一次函数y ＝x +1中，令x ＝0，则y ＝1；令y ＝0，则x ＝﹣1， ∴一次函数y ＝x +1的图象经过点（0，1）和（﹣1，0）， ∴一次函数y ＝x +1的图象经过一二三象限， 故选：C ．4．（3分）（2020•荆州）将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形，若∠CAB ＝30°，则∠ACB的度数是（ ）A ．45°B ．55°C ．65°D ．75°【解答】解：如图所示：∵将一张矩形纸片折叠成如图所示的图形， ∴ED ∥F A ，∠EBC ＝∠CBA ，∴∠EBC ＝∠ACB ，∠CAB ＝∠DBA ＝30°， ∵∠EBC +∠CBA +∠ABD ＝180°， ∴∠ACB +∠ACB +30°＝180°， ∴∠ACB ＝75°， 故选：D ．5．（3分）（2020•荆州）八年级学生去距学校10km 的荆州博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min 后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达．已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度．若设骑车学生的速度为xkm /h ，则可列方程为（ ） A ．102x −10x =20 B ．10x −102x =20C ．10x−102x=13D ．102x−10x=13【解答】解：设骑车学生的速度为xkm /h ，则乘车学生的速度为2xkm /h ， 依题意，得：10x−102x=13．故选：C ．6．（3分）（2020•荆州）若x 为实数，在“（√3+1）□x ”的“□”中添上一种运算符号（在“+，﹣，×，÷”中选择）后，其运算的结果为有理数，则x 不可能是（ ） A ．√3+1B ．√3−1C ．2√3D ．1−√3【解答】解：A．（√3+1）﹣（√3+1）＝0，故本选项不合题意；B．（√3+1）(√3−1)=2，故本选项不合题意；C．（√3+1）与2√3无论是相加，相减，相乘，相除，结果都是无理数，故本选项符合题意；D．（√3+1）（1−√3）＝﹣2，故本选项不合题意．故选：C．7．（3分）（2020•荆州）如图，点E在菱形ABCD的AB边上，点F在BC边的延长线上，连接CE，DF，对于下列条件：①BE＝CF；②CE⊥AB，DF⊥BC；③CE＝DF；④∠BCE＝∠CDF．只选取其中一条添加，不能确定△BCE≌△CDF的是（）A．①B．②C．③D．④【解答】解：∵四边形BCD是菱形，∴BC＝CD，AB∥CD，∴∠B＝∠DCF，①∵添加BE＝CF，∴△BCE≌△CDF（SAS），②∵添加CE⊥AB，DF⊥BC，∴∠CEB＝∠F＝90°，∴△BCE≌△CDF（AAS），③∵添加CE＝DF，不能确定△BCE≌△CDF；④∵添加∠BCE＝∠CDF，∴△BCE≌△CDF（ASA），故选：C．8．（3分）（2020•荆州）如图，在平面直角坐标系中，Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．C为OA的中点，BC＝1，则点A的坐标为（）A．（√3，√3）B．（√3，1）C．（2，1）D．（2，√3）【解答】解：如图，∵Rt△OAB的斜边OA在第一象限，并与x轴的正半轴夹角为30°．∴∠AOD＝30°，∴AD=12OA，∵C为OA的中点，∴AD＝AC＝OC＝BC＝1，∴OA＝2，∴OD=√3，则点A的坐标为：（√3，1）．故选：B．9．（3分）（2020•荆州）定义新运算“a*b”：对于任意实数a，b，都有a*b＝（a+b）（a﹣b）﹣1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例4*3＝（4+3）（4﹣3）﹣1＝7﹣1＝6．若x*k＝x（k为实数）是关于x的方程，则它的根的情况为（）A．有一个实数根B．有两个相等的实数根C．有两个不相等的实数根D．没有实数根【解答】解：∵x*k＝x（k为实数）是关于x的方程，∴（x+k）（x﹣k）﹣1＝x，整理得x2﹣x﹣k2﹣1＝0，∵△＝（﹣1）2﹣4（﹣k2﹣1）＝4k 2+5＞0，∴方程有两个不相等的实数根． 故选：C ．10．（3分）（2020•荆州）如图，在6×6的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，点A ，B ，C 均在网格交点上，⊙O 是△ABC 的外接圆，则cos ∠BAC 的值为（ ）A ．√55B ．2√55C ．12D ．√32【解答】解：如图，作直径BD ，连接CD ， 由勾股定理得，BD =√22+42=2√5， 在Rt △BDC 中，cos ∠BDC =CD BD =25=2√55， 由圆周角定理得，∠BAC ＝∠BDC ， ∴cos ∠BAC ＝cos ∠BDC =2√55， 故选：B ．二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）11．（3分）（2020•荆州）若a ＝（π﹣2020）0，b ＝﹣（12）﹣1，c ＝|﹣3|，则a ，b ，c 的大小关系为 b ＜a ＜c ．（用“＜”号连接）【解答】解：∵a ＝（π﹣2020）0＝1，b ＝﹣（12）﹣1＝﹣2，c ＝|﹣3|＝3，∴b＜a＜c．故答案为：b＜a＜c．12．（3分）（2020•荆州）若单项式2x m y3与3xy m+n是同类项，则√2m+n的值为2．【解答】解：根据题意得：m＝1，m+n＝3，解得n＝2，所以2m+n＝2+2＝4，√2m+n=√4=2．故答案是：2．13．（3分）（2020•荆州）已知：△ABC，求作：△ABC的外接圆．作法：①分别作线段BC，AC的垂直平分线EF和MN，它们相交于点O；②以点O为圆心，OB的长为半径画圆．如图，⊙O即为所求，以上作图用到的数学依据有：线段的垂直平分线的性质．（只需写一条）【解答】解：∵点O为AC和BC的垂直平分线的交点，∴OA＝OC＝OB，∴⊙O为△ABC的外接圆．故答案为：线段的垂直平分线的性质．14．（3分）（2020•荆州）若标有A，B，C的三只灯笼按图所示悬挂，每次摘取一只（摘B前需先摘C），直到摘完，则最后一只摘到B的概率是23．【解答】解：画树状图如图：共有3个可能的结果，最后一只摘到B 的结果有2个， ∴最后一只摘到B 的概率为23；故答案为：23．15．（3分）（2020•荆州）“健康荆州，你我同行”，市民小张积极响应“全民健身动起来”号召，坚持在某环形步道上跑步．已知此步道外形近似于如图所示的Rt △ABC ，其中∠C ＝90°，AB 与BC 间另有步道DE 相连，D 地在AB 正中位置，E 地与C 地相距1km ．若tan ∠ABC =34，∠DEB ＝45°，小张某天沿A →C →E →B →D →A 路线跑一圈，则他跑了 24 km ．【解答】解：过D 点作DF ⊥BC ， 设EF ＝xkm ，则DF ＝xkm ，BF =43xkm ， 在Rt △BFD 中，BD =√BF 2+DF 2=53xkm ， ∵D 地在AB 正中位置， ∴AB ＝2BD =103xkm ， ∵tan ∠ABC =34， ∴cos ∠ABC =45， ∴x+43x+1103x =45，解得x ＝3，则BC＝8km，AC＝6km，AB＝10km，小张某天沿A→C→E→B→D→A路线跑一圈，他跑了8+10+6＝24（km）．故答案为：24．16．（3分）（2020•荆州）我们约定：（a，b，c）为函数y＝ax2+bx+c的“关联数”，当其图象与坐标轴交点的横、纵坐标均为整数时，该交点为“整交点”．若关联数为（m，﹣m ﹣2，2）的函数图象与x轴有两个整交点（m为正整数），则这个函数图象上整交点的坐标为（1，0）、（2，0）或（0，2）．【解答】解：根据题意，令y＝0，将关联数（m，﹣m﹣2，2）代入函数y＝ax2+bx+c，则有mx2+（﹣m﹣2）x+2＝0，△＝（﹣m﹣2）2﹣4×2m＝（m﹣2）2＞0，∴mx2+（﹣m﹣2）x+2＝0有两个根，由求根公式可得x=m+2±√(−m−2)2−8m2mx=m+2±|m−2|2mx1=m+2+(m−2)2m=1，此时m为不等于0的任意数，不合题意；x2=m+2+2−m2m=42m，当m＝1或2时符合题意；x2＝2或1；x3=m+2−m+22m=42m，当m＝1或2时符合题意；x3＝2或1；x4=m+2−2+m2m=1，此时m为不等于0的任意数，不合题意；所以这个函数图象上整交点的坐标为（2，0），（1，0）；令x＝0，可得y＝c＝2，即得这个函数图象上整交点的坐标（0，2）．综上所述，这个函数图象上整交点的坐标为（2，0），（1，0）或（0，2）；故答案为：（2，0），（1，0）或（0，2）．三、解答题（本大题共有8个小题，共72分）17．（8分）（2020•荆州）先化简，再求值：（1−1a）÷a 2−1a 2+2a+1，其中a 是不等式组{a −2≥2−a ①2a −1＜a +3②的最小整数解． 【解答】解：原式=a−1a •(a+1)2(a+1)(a−1)=a+1a ． 解不等式组{a −2≥2−a ①2a −1＜a +3②中的①，得a ≥2．解不等式②，得a ＜4． 则2≤a ＜4．所以a 的最小整数值是2， 所以，原式=2+12=32． 18．（8分）（2020•荆州）阅读下列“问题”与“提示”后，将解方程的过程补充完整，求出x 的值．【问题】解方程：x 2+2x +4√x 2+2x −5＝0． 【提示】可以用“换元法”解方程． 解：设√x 2+2x =t （t ≥0），则有x 2+2x ＝t 2 原方程可化为：t 2+4t ﹣5＝0 【续解】【解答】解：（t +5）（t ﹣1）＝0， t +5＝0或t ﹣1＝0， ∴t 1＝﹣5，t 2＝1，当t ＝﹣5时，√x 2+2x =−5，此方程无解；当t ＝1时，√x 2+2x =1，则x 2+2x ＝1，配方得（x +1）2＝2，解得x 1＝﹣1+√2，x 2＝﹣1−√2；经检验，原方程的解为x 1＝﹣1+√2，x 2＝﹣1−√2．19．（8分）（2020•荆州）如图，将△ABC 绕点B 顺时针旋转60°得到△DBE ，点C 的对应点E 恰好落在AB 的延长线上，连接AD ． （1）求证：BC ∥AD ；（2）若AB＝4，BC＝1，求A，C两点旋转所经过的路径长之和．【解答】（1）证明：由题意，△ABC≌△DBE，且∠ABD∠CBE＝60°，∴AB＝DB，∴△ABD是等边三角形，∴∠DAB＝60°，∴∠CBE＝∠DAB，∴BC∥AD．（2）解：由题意，BA＝BD＝4，BC＝BE＝1，∠ABD＝∠CBE＝60°，∴A，C两点旋转所经过的路径长之和=60⋅π⋅4180+60⋅π⋅1180=5π3．20．（8分）（2020•荆州）6月26日是“国际禁毒日”，某中学组织七、八年级全体学生开展了“禁毒知识”网上竞赛活动．为了解竞赛情况，从两个年级各随机抽取了10名同学的成绩（满分为100分），收集数据为：七年级90，95，95，80，90，80，85，90，85，100；八年级85，85，95，80，95，90，90，90，100，90．整理数据：分数人数年级80859095100七年级22321八年级124a1分析数据：平均数中位数众数方差七年级 89 b 90 39 八年级c90d30根据以上信息回答下列问题：（1）请直接写出表格中a ，b ，c ，d 的值；（2）通过数据分析，你认为哪个年级的成绩比较好？请说明理由；（3）该校七、八年级共有600人，本次竞赛成绩不低于90分的为“优秀”．估计这两个年级共有多少名学生达到“优秀”？【解答】解：（1）观察八年级95分的有2人，故a ＝2； 七年级的中位数为90+902=90，故b ＝90；八年级的平均数为：112[85+85+95+80+95+90+90+90+100+90]＝90，故c ＝90；八年级中90分的最多，故d ＝90；（2）七、八年级学生成绩的中位数和众数相同，但八年级的平均成绩比七年级高，且从方差看，八年级学生成绩更整齐，综上，八年级的学生成绩好；（3）∵600×1320=390（人），∴估计该校七、八年级这次竞赛达到优秀的有390人．21．（8分）（2020•荆州）九年级某数学兴趣小组在学习了反比例函数的图象与性质后，进一步研究了函数y =2|x|的图象与性质共探究过程如下： （1）绘制函数图象，如图1．列表：下表是x 与y 的几组对应值，其中m ＝ 1 ； x … ﹣3﹣2 ﹣1 −12121 2 3… y…2312442m23…描点：根据表中各组对应值（x ，y ），在平面直角坐标系中描出了各点； 连线：用平滑的曲线顺次连接各点，画出了部分图象．请你把图象补充完整； （2）通过观察图1，写出该函数的两条性质； ① 函数的图象关于y 轴对称 ；②当x＜0时，y随x的增大而增大，当x＞0时，y随x的增大而减小；（3）①观察发现：如图2．若直线y＝2交函数y=2|x|的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA交x轴于C．则S四边形OABC＝4；②探究思考：将①中“直线y＝2”改为“直线y＝a（a＞0）”，其他条件不变，则S四边形OABC＝4；③类比猜想：若直线y＝a（a＞0）交函数y=k|x|（k＞0）的图象于A，B两点，连接OA，过点B作BC∥OA交x轴于C，则S四边形OABC＝2k．【解答】解：（1）当x＜0时，xy＝﹣2，而当x＞0时，xy＝2，∴m＝1，故答案为：1；补全图象如图所示：（2）故答案为：①函数的图象关于y轴对称，②当x＜0时，y随x的增大而增大，当x ＞0时，y随x的增大而减小；（3）如图，①由A，B两点关于y轴对称，由题意可得四边形OABC是平行四边形，且S四边形OABC＝4S△OAM＝4×12|k|＝2|k|＝4，②同①可知：S四边形OABC＝2|k|＝4，③S四边形OABC＝2|k|＝2k，故答案为：4，4，2k．22．（10分）（2020•荆州）如图，在矩形ABCD中，AB＝20，点E是BC边上的一点，将△ABE沿着AE折叠，点B刚好落在CD边上点G处；点F在DG上，将△ADF沿着AF 折叠，点D刚好落在AG上点H处，此时S△GFH：S△AFH＝2：3，（1）求证：△EGC∽△GFH；（2）求AD的长；（3）求tan∠GFH的值．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴∠B＝∠D＝∠C＝90°，由折叠对称知：∠AGE＝∠B＝90°，∠AHF＝∠D＝90°，∴∠GHF＝∠C＝90°，∠EGC+∠HGF＝90°，∠GFH+∠HGF＝90°，∴∠EGC＝∠GFH，∴△EGC∽△GFH．（2）解：∵S △GFH ：S △AFH ＝2：3，且△GFH 和△AFH 等高， ∴GH ：AH ＝2：3，∵将△ABE 沿着AE 折叠，点B 刚好落在CD 边上点G 处， ∴AG ＝AB ＝GH +AH ＝20， ∴GH ＝8，AH ＝12， ∴AD ＝AH ＝12．（3）解：在Rt △ADG 中，DG =√AG 2−AD 2=√202−122=16， 由折叠的对称性可设DF ＝FH ＝x ，则GF ＝16﹣x ， ∵GH 2+HF 2＝GF 2， ∴82+x 2＝（16﹣x ）2， 解得：x ＝6， ∴HF ＝6，在Rt △GFH 中，tan ∠GFH =GH HF =86=43． 23．（10分）（2020•荆州）为了抗击新冠疫情，我市甲、乙两厂积极生产了某种防疫物资共500吨，乙厂的生产量是甲厂的2倍少100吨．这批防疫物资将运往A 地240吨，B 地260吨，运费如下表（单位：元/吨）．目的地 生产厂 AB甲 20 25 乙1524（1）求甲、乙两厂各生产了这批防疫物资多少吨？（2）设这批物资从乙厂运往A 地x 吨，全部运往A ，B 两地的总运费为y 元．求y 与x 之间的函数关系式，并设计使总运费最少的调运方案；（3）当每吨运费均降低m 元（0＜m ≤15且m 为整数）时，按（2）中设计的调运方案运输，总运费不超过5200元．求m 的最小值．【解答】解：（1）设这批防疫物资甲厂生产了a 吨，乙厂生产了b 吨，则： {a +b =5002a −b =100，解得{a =200b =300，即这批防疫物资甲厂生产了200吨，乙厂生产了300吨；（2）由题意得：y＝20（240﹣x）+25[260﹣（300﹣x）]+15x+24（300﹣x）＝﹣4x+11000，∵{x≥0240−x≥0300−x≥0x−40≥0，解得：40≤x≤240，又∵﹣4＜0，∴y随x的增大而减小，∴当x＝240时，可以使总运费最少，∴y与x之间的函数关系式为y＝﹣4x+11000；使总运费最少的调运方案为：甲厂的200吨物资全部运往B地，乙厂运往A地240吨，运往B地60吨；（3）由题意和（2）的解答得：y＝﹣4x+11000﹣500m，当x＝240时，y最小＝﹣4×240+11000﹣500m＝10040﹣500m，∴10040﹣500m≤5200，解得：m≥9.68，而0＜m≤15且m为整数，∴m的最小值为10．24．（12分）（2020•荆州）如图1，在平面直角坐标系中，A（﹣2，﹣1），B（3，﹣1），以O为圆心，OA的长为半径的半圆O交AO延长线于C，连接AB，BC，过O作ED∥BC 分别交AB和半圆O于E，D，连接OB，CD．（1）求证：BC是半圆O的切线；（2）试判断四边形OBCD的形状，并说明理由；（3）如图2，若抛物线经过点D且顶点为E．①求此抛物线的解析式；②点P是此抛物线对称轴上的一个动点，以E，D，P为顶点的三角形与△OAB相似，问抛物线上是否存在一点Q．使S△EPQ＝S△OAB？若存在，请直接写出Q点的横坐标；若不存在，说明理由．【解答】（1）证明：如图1，设AB 与y 轴交于M ，∵A （﹣2，﹣1），B （3，﹣1），∴AB ∥x 轴，且AM ＝2，OM ＝1，AB ＝5， ∴OA ＝OC =√5，∵DE ∥BC ，O 是AC 的中点， ∴OE 是△ABC 的中位线， ∴AE =12AB ，BC ＝2OE ， ∴E （12，﹣1），∴EM =12，∴OE =√OM 2+ME 2=√12+(12)2=√52， ∴BC ＝2OE =√5，在△ABC 中，∵AC 2+BC 2=(2√5)2+(√5)2=25，AB 2＝52＝25， ∴AC 2+BC 2＝AB 2，∴△ABC 是直角三角形，且∠ACB ＝90°， ∴BC ⊥AC ，∵AC 为半圆O 的直径，∴BC 是半圆O 的切线；（2）解：四边形OBCD 是平行四边形，理由是： 如图1，由（1）得：BC ＝OD ＝OA =√5， ∵OD ∥BC ，∴四边形OBCD 是平行四边形；（3）解：①如图2，由（1）知：OD ＝OA =√5，E 是AB 的中点，且E （12，﹣1），OE =√52，过D 作DN ⊥y 轴于N ，则DN ∥EM ，∴△ODN ∽△OEM ， ∴ON OM=DN EM=OD OE，即ON 1=DN12=√5√52，∴ON ＝2，DN ＝1， ∴N （﹣1，2），设此抛物线的解析式为：y ＝a （x −12）2﹣1， 把N （﹣1，2）代入得：2＝a （﹣1−12）2﹣1， 解得：a =43，∴此抛物线的解析式为：y =43（x −12）2﹣1，即y =43x 2−43x −23； ②存在，过D 作DG ⊥EP 于G ，设Q 的横坐标为x ，∵DG ＝1+12=32，EG ＝2+1＝3，∴DE =√DG 2+EG 2=√(32)2+32=3√52，tan ∠DEG =DG EG =323=12，∵tan ∠OAM =OM AM =12，且∠DEG 和∠OAM 都是锐角， ∴∠DEG ＝∠OAM ，如图3，当△EPD ∽△AOB 时，EPAO=DE AB，即√5=3√525，∴EP =32，∵S △AOB =12AB ⋅OM =12×5×1=52， ∵S △EPQ ＝S △OAB ， ∴12⋅EP ⋅|x −12|=52，即12×32×|x −12|=52，解得：x =236或−176；如图4，当△OAB ∽△DEP 时，AB EP=OA DE，即5EP=√53√52，∴EP =152， 同理得：12⋅152⋅|x −12|=52，解得：x =76或−16；综上，存在符合条件的点Q ，Q 点的横坐标为236或−176或76或−16．。

2020年湖北荆州中考数学模拟试题(10页)

2020年湖北荆州中考数学模拟试题(10页)

…………内……………2020年湖北荆州中考数学模拟试题一、选择题.(30分)1．﹣的相反数为（ ） A ．﹣4 B ． C ．4 D ．2．电影《流浪地球》中，人类计划带着地球一起逃到距地球4光年的半人马星座比邻星．已知光年是天文学中的距离单位，1光年大约是95000亿千米，则4光年约为（ ） A ．9.5×1012千米 B ．95×1011千米 C ．3.8×1013千米D ．3.8×1014千米3．如图，AB ∥CD ，EF 平分∠GED ，∠1＝50°，则∠2＝（ ） A ．50°B ．60°C ．65°D ．70°4.下列各运算中，计算正确的是( )A.a 15÷a 5=a 3B.(2a 2)2=4a 4C.(a －b)2=a 2－b 2D.4a ·3a 2=12a 2 5.下面图形中，是中心对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．6.由4个相同的小正方体组成的几何体如图所示，则它的左视图是（ ）A ．B ．C ．D ．7.如图,在△ABC 中,∠ACB=90∘,∠A=30∘,BC=4,以点C 为圆心,CB 长为半径作弧,交AB 于点D;再分别以点B 和点D 为圆心,大于21BD 的长为半径作弧，两弧相交于点E ，作射线CE 交AB 于点F ，则AF 的长为（ ） A ．5 B ．6 C ．7 D ．88.如图，AB 为⊙O 的直径，CD 是⊙O 的弦，∠ADC ＝26°，则∠CAB 的度数为（ ）A ．26°B ．74°C ．64°D ．54°9.圆锥的母线长为10，侧面积为60π，则这个圆锥的底面周长为（ ） A ．10πB ．12πC ．16πD ．20π10.已知二次函数y =(x −m )2+n 的图象如图所示,则一次函数y =mx +n 与反比例函数y =mnx 的图象可能是( )二、填空题.(18分) 11.分式方程1211=-++x x x 的解是 。

2020年湖北省荆州市荆州区中考数学模拟试卷(5月份) (含答案解析)

2020年湖北省荆州市荆州区中考数学模拟试卷(5月份) (含答案解析)

2020年湖北省荆州市荆州区中考数学模拟试卷（5月份）一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.2012年度一季度，全国城镇新增就业人口289万人，用科学记数法表示289万，正确的是()A. 2.89×109B. 2.89×105C. 2.89×104D. 2.89×1062.下列运算正确的是()A. (x5)2=x7B. x3+x4=x7C. (x+2)2=x2+4D. x8÷x2=x63.将一副直角三角板按如图所示的位置摆放，使得它们的直角边互相垂直，则∠1的度数是()A. 95°B. 100°C. 105°D. 110°4.下图是几何体的三视图及相关数据，则下列判断错误的是()A. a>bB. 4a2−4b2=c2C. 2a−2b<cD. a2=b2+c25.10名学生分虽购买如下尺码的鞋子：20，20，21，22，22，22，23，23，24.(单位：cm)，这组数据中鞋店老板最关心的是()A. 平均数B. 中位数C. 众数D. 方差6.已知反比例函数y=2m+1的图象在每个象限内，y都随x增大而增大，则m的值可以的是()xA. −1B. 0C. 1D. 27.将抛物线y=x2−6x绕原点旋转180度，则旋转后的抛物线解析式为()A. y=(x−3)2+9B. y=(x+3)2+9C. y=−(x+3)2+9D. y=−(x−3)2+98.如图，把Rt△ABC放在平面直角坐标系中，点B(1,1)、C(5,1)，∠ABC=90°，AC=4√2.将△ABC沿y轴向下平移，当点A落在直线y=47x−2上时，线段AC扫过的面积为()A. 107B. 407C. 1527D. 18079.参考数据：√3=1.7;如图，小康站在河岸上的G点，看见河里有一小船沿垂直于崖边的方向划过来，此时，测得小船C的俯角是∠FDC=30º，若小康的眼睛与地面的距离DG是1.6米，BG=0.7米，BG平行于AC所在的直线，迎水坡AB的坡度为i=4:3，坡长AB=10.5米，则此时小船C到岸边的距离CA的长为()A. 11B. 8.5C. 7.2D. 1010.如图，小明将一张矩形纸片ABCD沿CE折叠，B点恰好落在AD边上，设此点为F，若AB:BC=3:5，则sin∠DCF的值是()A. 34B. 43C. 35D. 45二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）11.计算：(−13)−2−|1−√8|+4cos45°=______ ．12.一次函数的图象与直线y=−3x+1平行，并且图象过点(−1,0)，则这个函数的表达式为______．13.如图，在▱ABCD中，AB=6，BC=8，以C为圆心，适当长为半径画弧分别交BC，CD于M，N两点，分别以M，N为圆心，以大于12MN的长为半径画弧，两弧在∠BCD的内部交于点P，连接CP 并延长交AD 于E ，交BA 的延长线于F ，则AE +AF 的值等于______．14. 对于实数a 定义一种新运算，a @b =1a−b 2，例如1@3=11−32=−18，则方程x @(−2)=2x−4−1的解是________．15. 设x 1，x 2，是关于x 的一元二次方程x 2+(2m +3)x +m 2=0的两个不相等的实数根，且满足1x 1+1x 2= −1，则m 的值是_____________________。

2020年湖北省荆州市中考数学一模试卷 (含答案解析)

2020年湖北省荆州市中考数学一模试卷 (含答案解析)

2020年湖北省荆州市中考数学一模试卷一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.有理数2016的相反数是()A. 2016B. −2016C. 0D. −120162.下列几何体中，俯视图是矩形的是()A. B. C. D.3.在平面直角坐标系中，一次函数y=x−l的图象是A. B.C. D.4.如图1是长方形纸带，∠DEF=15°，将纸带沿EF折叠成图2，再沿BF折叠成图3，则图3中∠CFE度数是()A. 160°B. 150°C. 135°D. 110°5.九年级学生去距学校10km的博物馆参观，一部分学生骑自行车先走，过了20min后，其余学生乘汽车出发，结果他们同时到达.已知汽车的速度是骑车学生速度的2倍，求骑车学生的速度.设骑车学生的速度为x km/ℎ，则所列方程正确的是()A. 10x =102x−13B. 10x=102x−20 C. 10x=102x+13D. 10x=102x+206.下列各数中，与√3的积为有理数的是()A. √2B. 3√2C. 2√3D. 2−√37.如图，在菱形ABCD中，∠B=60°，点E，F分别从点B，D同时以同样的速度沿边BC，DC向点C运动．给出以下四个结论：①AE=AF；②∠CEF=∠CFE；③当点E，F分别为边BC，DC的中点时，△AEF是等边三角形；④当点E，F分别为边BC，DC的中点时，△AEF的面积最大．正确的是()A. ①②B. ②③C. ①②③D. .①②③④8.在Rt△ACB中，∠C=90°，AC=8，sinA=3，点D是AB中点，则CD的长为()5A. 4B. 5C. 6D. 79.定义新运算：对于任意实数m、n都有m☆n=m2n+n，等式右边是常用的加法、减法、乘法及乘方运算．例如：−3☆2=(−3)2×2+2=20.根据以上知识解决问题：若2☆a的值小于0，请判断方程：2x2−bx+a=0的根的情况()A. 有两个相等的实数根B. 有两个不相等的实数根C. 无实数根D. 有一根为010.如图，⊙O是△ABC的外接圆，AD是⊙O的直径，若⊙O的半径为3，AC=2，2则sin B的值是()A. 23B. 32C. 34D. 43二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）)−2，那么a、b.c三数大小关系为__________.(用“>”11.如果a=(−99)，b=(−0.1)−1，c=(−53连接)12.若单项式2x m y2与3x3y n是同类项，则m n的值是______．13.如图，点A为△PBC的三边垂直平分线的交点，且∠P=72°，则∠BAC=______．14. 22.甲、乙袋中各装有2个相同的小球，分别标有数字1、2和2、3.现从两个口袋中各随机取出1个小球，取出的两个小球上都写有数字2的概率是_____．15. 如图，某数学兴趣小组为了测量河对岸l 1的两棵古树A 、B 之间的距离，他们在河这边沿着与AB 平行的直线l 2上取C 、D 两点，测得∠ACB =15°，∠ACD =45°，若l 1、l 2之间的距离为50m ，则古树A 、B 之间的距离为______m.16. 二次函数y =4x 2−3x −10的图象与坐标轴的交点是______ ．三、计算题（本大题共1小题，共8.0分）17. 先化简，再求值：(1+3x−1)⋅x 2−1x 2+2x +1x ，其中x 是不等式组{2x ≥−43x −2≤1的整数解．四、解答题（本大题共7小题，共64.0分）18. 解下列方程．(1)x 2+4x −5=0(2)(x 2−1)−5(x 2−1)+4=0(换元法)19.如图，在△ABC中，∠BAC=45°，AB=AC，D为△ABC内一点，AD=4，如果把△ABD绕点A按逆时针方向旋转，使AB与AC重合，求点D运动的路径长．20.23.某学校八、九两个年级各有学生180人，为了解这两个年级学生的体质健康情况，进行了抽样调查，过程如下，请补充完整．收集数据从八、九两个年级各随机抽取20名学生，进行了体质健康测试，测试成绩(百分制)如下：整理、描述数据按如下分数段整理、描述这两组样本数据：(说明：成绩80分及以上为体质健康优秀，70∼79分为体质健康良好，60∼69分为体质健康合格，60分以下为体质健康不合格)分析数据两组样本数据的平均数、中位数、众数、方差如下表所示：年级平均数中位数众数方差八年级78.377.57533.6九年级7880.552.1请将以上两个表格补充完整；得出结论(1)估计九年级体质健康优秀的学生人数为__________；(2)可以推断出_______年级学生的体质健康情况更好一些，理由为__________________.(至少从两个不同的角度说明推断的合理性)．21.已知反比例函数y=k−1图象的两个分支分别位于第一、第三象限．x(1)求k的取值范围；(2)若一次函数y=2x+k的图象与该反比例函数的图象有一个交点的纵坐标是4．①求当x=−6时反比例函数y的值；②当0<x<1时，求此时一次函数y的取值范围．222.阅读理解：如图1，若在四边形ABCD的边AB上任取一点E(点E与点A、B不重合)，分别连接ED，EC，可以把四边形ABCD分成三个三角形，如果其中两个三角形相似，我们就把E叫做四边形ABCD的边AB上的相似点；如果这三个三角形都相似，我们就把E叫做四边形ABCD 的边AB上的强相似点．(1)解决问题如图1，若∠A=∠B=∠DEC=55°.试判断点E是否是四边形ABCD的边AB上的相似点，并说明理由．(2)操作发现如图2，在矩形ABCD中，AB=5.BC=2，且A、B、C、D四点均在正方形网格(网格中每个小正方形的边长为1)的格点(即每个小正方形的顶点)上，试在图2中画出矩形ABCD的边AB上的一个强相似点E；(3)如图3，将矩形ABCD沿CM折叠，使点D落在AB边上的点E处，若点E恰好是四边形ABCM的值为____。

2020年湖北省荆州市中考数学三模试卷

2020年湖北省荆州市中考数学三模试卷

中考数学三模试卷一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.如图，直线a∥b，∠1=70°，那么∠2的度数是（）A. 50°B. 60°C. 70°D. 80°2.实数的值在（）A. 5和6之间B. 6和7之间C. 7和8之间D. 8和9之间3.党的十八大以来，积极践行“绿水青山就是金山银山”的发展理念，大力开展植树造林，到2018年底，全国森林面积达到32.2亿亩，森林覆盖率达到22.35%，32.2亿用科学记数法表示为（）A. 32.2×108B. 32.2×109C. 3.22×108D. 3.22×1094.如图，为估算某河的宽度，在河对岸选定一个目标点A，在近岸取点B，C，D，使得AB⊥BC，CD⊥BC，点E在BC上，并且点A，E，D在同一条直线上．若测得BE=20m，CE=10m，CD=20m，则河的宽度AB等于（）A. 60mB. 40mC. 30mD. 20m5.用配方法解关于x的一元二次方程x2-2x-3=0，配方后的方程可以是（）A. （x-1）2=4B. （x+1）2=4C. （x-1）2=16D. （x+1）2=166.为了解某班学生双休户外活动情况，对部分学生参加户外活动的时间进行抽样调查，结果如下表：A. 3、3、3B. 6、2、3C. 3、3、2D. 3、2、37.如图，用尺规作图作∠AOC=∠AOB的第一步是以点O为圆心，以任意长为半径画弧①，分别交OA、OB于点E、F，那么第二步的作图痕迹②的作法是（）A. 以点F为圆心，OE长为半径画弧B. 以点F为圆心，EF长为半径画弧C. 以点E为圆心，OE长为半径画弧D. 以点E为圆心，EF长为半径画弧8.《九章算术》勾股章有一“引葭赴岸”问题：“今有池方一丈，葭生其中央，出水一尺，引葭赴岸，适与岸齐．问：水深，葭长各几何．”意思是：如示意图，有一个水池，水面是一个边长为1丈的正方形，在水池正中央有一根芦苇，它高出水面1尺，如果把这根芦苇拉向水池一边的中点，它的顶端恰好到达池边的水面，水的深度和芦苇的长度分别是多少？备注：1丈=10尺．设芦苇长x尺，则可列方程为（）A. x2+102=（x+1）2B. （x-1）2+52=x2C. x2+52=（x-1）2D. x2+12=（x-1）29.如图，是一组按照某种规律摆放成的图案，则图6中三角形的个数是（）A. 18B. 19C. 20D. 2110.如图，矩形ABCD中，AB=4，AD=3，P是边CD上一点，将△ADP沿直线AP对折，得到△APQ．当射线BQ交线段CD于点F时，DF的最大值是（）A. 3B. 2C. 4-D. 4-二、填空题（本大题共6小题，共30.0分）11.计算：（+1）（-1）=______．12.若点P（1-2a，a-2）关于原点的对称点在第一象限内，a为整数，则a的值为______．13.如图，已知斜坡BQ的坡度i=1：2.4，坡长BQ=13米，在斜坡BQ上有一棵银杏树PQ，小李在A处测得树顶P的仰角为α，测得水平距离AB=8米．若tanα=0.75，点A，B，P，Q在同一平面上，PQ⊥AB于点C，则银杏树PQ的高度为______米．14.如图是一个上下底密封纸盒的三视图（图中尺寸单位：cm），请你根据图中数据，计算这个密封纸盒的表面积为______cm2．（结果可保留根号）15.若关于x的方程x2-2mx+9=0有两个相等实数根，则方程的解为______．16.已知：y关于x的函数y=k2x2-（2k+1）x+1的图象与坐标轴只有两个不同的交点A、B，P点坐标为（4，2），则△PAB的面积为______ ．三、计算题（本大题共1小题，共6.0分）17.“校园诗歌大赛”结束后，张老师和李老师将所有参赛选手的比赛成绩（得分均为整数）进行整理，并分别绘制成扇形统计图和频数直方图．部分信息如下：（1）本次比赛参赛选手共有______人，扇形统计图中“69.5～79.5”这一组人数占总参赛人数的百分比为______；（2）赛前规定，成绩由高到低前60%的参赛选手获奖．某参赛选手的比赛成绩为78分，试判断他能否获奖，并说明理由；（3）成绩前四名是2名男生和2名女生，若从他们中任选2人作为获奖代表发言，试求恰好选中1男1女的概率．四、解答题（本大题共7小题，共56.0分）18.若实数x，y满足，求代数式x2-2xy+y2的值．19.先化简，再求值：，其中．20.如图，将矩形ABCD沿对角线AC翻折，点B落在点F处，FC交AD于E．（1）求证：△AFE≌△CDE；（2）若AB=4，BC=8，求图中阴影部分的面积．21.对某一个函数给出如下定义：若存在实数M＞0，对于任意的函数值y，都满足-M≤y≤M，则称这个函数是有界函数，在所有满足条件的M中，其最小值称为这个函数的边界值，例如，如下图中的函数，它的最大值是，最小值是-1，它也是有界函数，其边界值是1．（1）分别判断函数和y=x+1（x＞0）是不是有界函数？若是有界函数，求其边界值；（2）若函数y=-2x-1（a≤x≤b，a＜b）的边界值是3，且这个函数的最大值也是3，求a的值及b的取值范围．22.如图，已知Rt△EBC中，∠B=90°，A为BE边上一点，以边AC上的点O为圆心、OA为半径的圆O与EC相切，D为切点，AD∥BC．（1）求证：∠E=∠ACB．（2）若AD=1，，求BC的长．23.某厂家欲将n件产品运往A，B，C三地销售，运费分别为30元/件，8元/件，25元/件，且要求运往C地的件数是运往A地件数的2倍，设安排x件产品运往A地．（1）当n=200时，②若运往地的件数不多于运往地的件数，总运费不超过元，则有哪几种运输方案？（2）若总运费为5800元，求n的最小值．24.如图1，抛物线的顶点为点A，与x轴的负半轴交于点D，直线AB交抛物线W于另一点C，点B的坐标为（1，0）．（1）求直线AB的解析式；（2）求tan∠BDC的值；（3）将抛物线W向下平移m（m＞0）个单位得到抛物线W1，如图2，记抛物线W1的顶点为A1，与x轴负半轴的交点为D1，与射线BC的交点为C1．问：在平移的过程中，tan∠D1C1B是否恒为定值？若是，请求出tan∠D1C1B的值；若不是，请说明理由．答案和解析1.【答案】C【解析】解：∵a∥b，∴∠1=∠2（两直线平行，同位角相等）∵∠1=70°，∴∠2=70°．故选：C．根据两角的位置关系可知两角是同位角，利用两直线平行同位角相等即可求得结果．本题考查了平行线的性质，根据两直线平行同位角相等即可得到答案，比较简单，属于基础题．2.【答案】B【解析】解：∵＜＜，∴6＜＜7，故选：B．根据＜＜，即可解答．本题考查了估算无理数的大小，解决本题的关键是估算的范围．3.【答案】D【解析】解：32.2亿=3220000000=3.22×109．故选：D．用科学记数法表示较大的数时，一般形式为a×10n，其中1≤|a|＜10，n为整数，据此判断即可．此题主要考查了用科学记数法表示较大的数，一般形式为a×10n，其中1≤|a|＜10，确定a与n的值是解题的关键．4.【答案】B【解析】解：∵AB⊥BC，CD⊥BC，∴△BAE∽△CDE，∴∵BE=20m，CE=10m，CD=20m，∴解得：AB=40，故选：B．由两角对应相等可得△BAE∽△CDE，利用对应边成比例可得两岸间的大致距离AB．考查相似三角形的应用；用到的知识点为：两角对应相等的两三角形相似；相似三角形的对应边成比例．5.【答案】A【解析】解：把方程x2-2x-3=0的常数项移到等号的右边，得到x2-2x=3，方程两边同时加上一次项系数一半的平方，得到x2-2x+1=3+1，配方得（x-1）2=4．故选：A．在本题中，把常数项-3移项后，应该在左右两边同时加上一次项系数-2的一半的平方．本题考查了配方法的一般步骤：（1）把常数项移到等号的右边；（2）把二次项的系数化为1；（3）等式两边同时加上一次项系数一半的平方．选择用配方法解一元二次方程时，最好使方程的二次项的系数为1，一次项的系数是2的倍数．6.【答案】A【解析】解：∵共10人，∴中位数为第5和第6人的平均数，∴中位数=（3+3）÷3=5；平均数=（1×2+2×2+3×4+6×2）÷10=3；众数是一组数据中出现次数最多的数据，所以众数为3；故选A．根据中位数、平均数和众数的概念求解即可．本题考查平均数、中位数和众数的概念．一组数据的总和除以这组数据个数所得到的商叫这组数据的平均数；在一组数据中出现次数最多的数叫做这组数据的众数；将一组数据从小到大依次排列，把中间数据（或中间两数据的平均数）叫做中位数．7.【答案】D【解析】解：用尺规作图作∠AOC=∠AOB的第一步是以点O为圆心，以任意长为半径画弧①，分别交OA、OB于点E、F，第二步的作图痕迹②的作法是以点E为圆心，EF长为半径画弧．故选：D．根据作一个角等于一直角的作法即可得出结论．本题考查的是作图-基本作图，熟知作一个角等于已知角的步骤是解答此题的关键．8.【答案】B【解析】解：设芦苇长x尺，由题意得：（x-1）2+52=x2，故选：B．首先设芦苇长x尺，则为水深为（x-1）尺，根据勾股定理可得方程（x-1）2+52=x2．此题主要考查了勾股定理的应用，在应用勾股定理解决实际问题时勾股定理与方程的结合是解决实际问题常用的方法，关键是从题中抽象出勾股定理这一数学模型．9.【答案】C【解析】解：由图可知：第一个图案有三角形1个．第二图案有三角形1+3=4个．第三个图案有三角形1+3+4=8个，第四个图案有三角形1+3+4+4=12第五个图案有三角形1+3+4+4+4=16第六个图案有三角形1+3+4+4+4+4=20故选：C．对于找规律的题目首先应找出哪些部分发生了变化，是按照什么规律变化的，进而得出即可．此题主要考查了图形的变化规律，注意由特殊到一般的分析方法．这类题型在中考中经常出现．10.【答案】C【解析】解：过点A作AH⊥BF于点H，如图1所示：∵四边形ABCD是矩形，∴AB∥DC，∴∠HBA=∠BFC，∵∠AHB=∠BCF=90°，∴△ABH∽△BFC，∴=，∵AH≤AQ=3，AB=4，∴当点Q、H重合（即AH=AQ）时，AH最大，BH最小，CF最小，DF最大，此时点P、F重合，B、Q、P三点共线，如图2所示：由折叠性质得：AD=AH，∵AD=BC，∴AH=BC，在△ABH和△BFC中，，∴△ABH≌△BFC（AAS），∴CF=BH，由勾股定理得：BH==，∴DF的最大值=DC-CF=4-．故选：C．过点A作AH⊥BF于点H，如图1所示：根据矩形的性质得到AB∥DC，由相似三角形的性质得到=，推出当点Q、H重合（即AH=AQ）时，AH最大，BH最小，CF最小，DF最大，此时点P、F重合，B、Q、P三点共线，如图2所示：由折叠性质得：AD=AH，等量代换得到AH=BC，根据全等三角形的性质得到CF=BH，由勾股定理求得BH==3，即可得到结论．本题考查了翻折变换-折叠，全等三角形的判定和性质，勾股定理，相似三角形的判定和性质，正确的作出辅助线是解题的关键．11.【答案】1【解析】解：（+1）（-1）=．故答案为：1．两个二项式相乘，并且这两个二项式中有一项完全相同，另一项互为相反数．就可以用平方差公式计算．结果是乘式中两项的平方差（相同项的平方减去相反项的平方）．本题应用了平方差公式，使计算比利用多项式乘法法则要简单．12.【答案】1【解析】解：∵点P（1-2a，a-2）关于原点的对称点（2a-1，2-a），且点P（1-2a，a-2）关于原点的对称点在第一象限内，∴2a-1＞0，2-a＞0，解得＜a＜2，∵a为整数，∴a=1，故答案为：1．由关于原点对称的两个点的横纵坐标互为相反数以及第一象限内点的特点，求得a的取值范围，再根据a为整数，即可得出a的值．本题考查了关于原点对称的点的坐标以及一元一次不等式组的整数解，掌握各个象限内点的坐标特点是解题的关键．13.【答案】10【解析】解：延长PQ交直线AB于点H．∵在Rt△QBH中，QH：BH=1：2.4．∴设QH=x，BH=2.4x，∵BQ=13米，∴x2+（2.4x）2=132．∴x=±5（负值舍去）．∴QH=5（米），BH=12（米）．∵AB=8（米），∴AH=20（米）．∵tanα=0.75，∴．即，∴PH=15（米）．∴PQ=PH-QH=15-5=10（米）先延长PQ交直线AB于点H，得直角三角形QBH，根据坡度为i=1：2.4和勾股定理求出QH和BH，从而得出AH，再由直角三角形和tanα=0.75求出PH，继而求出银杏树PQ的高度．此题考查的知识点是解直角三角形的应用，关键是构造两直角三角形根据勾股定理和三角函数求解．14.【答案】【解析】解：根据三视图可得：这个密封纸盒是三棱柱，表面积为：2×2×3+×2××2=12+2（cm2）；故答案为：12+2．先由三视图判断出几何体的形状，再根据长方形的面积公式和三角形的面积公式即可得出答案．此题考查了由三视图判断几何体，根据三视图推出原来几何体的形状是解题的关键．15.【答案】±9【解析】解：∵方程x2-2mx+9=0有两个相等实数根，∴△=（-2m）2-4×1×9=0，解得：m=±3，当m=3时，方程为=，解得x=9，当m=-3时，方程为=，解得：x=-9，经检验：x=±9是分式方程的解若一元二次方程有两等根，则根的判别式△=b2-4ac=0，建立关于m的方程，求出m的取值，代入分式方程即可得到结论．本题考查了一元二次方程根的情况与判别式△的关系：熟记（1）△＞0⇔方程有两个不相等的实数根；（2）△=0⇔方程有两个相等的实数根；（3）△＜0⇔方程没有实数根是解题的关键．16.【答案】或4【解析】解：当k=0时，y=-x+1，设一次函数图象与x轴交于A，与y轴交于B，则A（1，0），B（0，1），此时，S△PAB=（1+2）×4-×1×1-×3×2=当k≠0时，函数y=k2x2-（2k+1）x+1的图象为抛物线，与y轴交于B（0，1），∵它的图象与坐标轴只有两个交点，∴它的图象与x轴只有一个交点，设为A点，∴△=（2k+1）2-4k2=0，解得：k=-，∴抛物线y=x2-x+1与x轴交于A（4，0），∴此时S△PAB=×2×4=4，综合得：△PAB的面积为或4，故答案为：或4．在y=k2x2-（2k+1）x+1中k可能为0（一次函数y=-x+1），也可能不为0（二次函数y=k2x2-（2k+1）x+1），根据题意，结合一次函数二次函数与坐标轴交点特点，易求点A、B 坐标，即能求△PAB的面积．此题难度较大，考查一次函数、二次函数的图象和性质，用到的知识点：求二次函数y=ax2+bx+c（a，b，c是常数，a≠0）与x轴的交点坐标，令y=0，即ax2+bx+c=0，解关于x的一元二次方程即可求得交点横坐标．其中还渗透分类讨论思想，综合性大．17.【答案】（1）50 ，30% ；（2）他不能获奖．理由如下：他的成绩位于“69.5～79.5”之间，而“59.5～69.5”和“69.5～79.5”两分数段的百分比为10%+30%=40%，因为成绩由高到低前60%的参赛选手获奖，他位于后40%，所以他不能获奖；（3）画树状图为：共有12种等可能的结果数，其中恰好选中1男1女的结果数为8，所以恰好选中1男1女的概率==．【解析】解：（1）5÷10%=50，所以本次比赛参赛选手共有50人，“89.5～99.5”这一组人数占总参赛人数的百分比为×100%=24%，所以“69.5～79.5”这一组人数占总参赛人数的百分比为1-10%-36%-24%=30%；故答案为：50，30%；（2）见答案；（3）见答案．【分析】（1）用“59.5～69.5”这组的人数除以它所占的百分比可得到调查的总人数；再计算出“89.5～99.5”这一组人数占总参赛人数的百分比，然后用1分别减去其它三组的百分比得到“69.5～79.5”这一组人数占总参赛人数的百分比；（2）利用“59.5～69.5”和“69.5～79.5”两分数段的百分比为40%可判断他不能获奖；（3）画树状图展示所有12种等可能的结果数，再找出恰好选中1男1女的结果数，然后根据概率公式求解．本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率．也考查了统计图．18.【答案】解：由题意得，解得：，则x2-2xy+y2=（x-y）2=（2018-2019）2=1．【解析】根据算术平方根、绝对值的非负性列出算式，分别求出a、b，根据完全平方公式把所求的式子变形，代入计算即可．本题考查的是非负数的性质，掌握算术平方根、绝对值的非负性是解题的关键．19.【答案】解：原式====2a+2，==所以，原式=．【解析】先化简分式，然后将a的值代入计算．本题考查了分式的化简求值，熟练分解因式是解题的关键．20.【答案】解：（1）∵四边形ABCD是矩形，∴AB=CD，∠B=∠D=90°，∵将矩形ABCD沿对角线AC翻折，点B落在点F处，∴∠F=∠B，AB=AF，∴AF=CD，∠F=∠D，在△AEF与△CDE中，，∴△AFE≌△CDE；（2）∵AB=4，BC=8，∴CF=AD=8，AF=CD=AB=4，∵△AFE≌△CDE，∴AE=CE，EF=DE，∴DE2+CD2=CE2，即DE2+42=（8-DE）2，∴DE=3，∴EF=3，∴图中阴影部分的面积=S△ACF-S△AEF=×4×8-×4×3=10．【解析】（1）根据矩形的性质得到AB=CD，∠B=∠D=90°，根据折叠的性质得到∠F=∠B，AB=AF，根据全等三角形的判定定理即可得到结论；（2）根据全等三角形的性质得到AE=CE，EF=DE，根据勾股定理得到DE=3，根据三角形的面积公式即可得到结论．本题考查了翻折变换-折叠的性质，全等三角形的判定和性质，矩形的性质，勾股定理，三角形面积的计算，熟练掌握折叠的性质是解题的关键．21.【答案】解：（1）函数是有界函数，函数y=x+1（x＞0）不是有界函数．对于函数有，所以其边界值为1．（2）∵函数y=-2x-1（a≤x≤b）是y随x的增大而减少的．∴当x=a时，y最大值=3，即-2a-1=3，解得a=-2．当x=b时，y最小值=-2b-1．∵边界值是3，∴-3≤-2b-1≤3∴-2≤b≤1∵b＞a，且a=-2∴-2＜b≤1【解析】（1）根据有界函数的定义即可得出函数不是有界函数、函数y=x+1（x＞0）是有界函数，再代入x=-4和x=2即可得出其边界值；（2）根据一次函数的性质可得出函数y=-x+1是单减函数，结合函数的最大值为3即可得出a的值，再代入b的值结合有界函数的定义以及该函数的边界值即可得出关于b的一元一次不等式组，解不等式组即可得出b的取值范围．本题考查了一次函数的性质、二次函数的性质、有界函数的定义以及解一元一次不等式组，解题的关键是：（1）根据有界函数的定义判断一个函数是否为有界函数；（2）找出关于b的一元一次不等式组；22.【答案】证明：（1）连结OD，∵AD∥BC，∠B=90°，∴∠EAD=90°，∴∠E+∠EDA=90°，又圆O与EC相切于D点，∴OD⊥EC，∴∠EDA+∠ODA=90°，∴∠E=∠ODA，又OD=OA，∴∠DAC=∠ODA，∴∠DAC=∠E，∵AD∥BC，∴∠DAC=∠ACB，∴∠E=∠ACB；（2）由（1）知，∠E=∠ACB=∠DAC，∠EAD=90°，∴，∴在Rt△DEA中，，∵AD=1，∴，设AB=x，∵在Rt△EBC中，，∴，∵AD∥BC，∴Rt△EAD∽Rt△EBC，∴，∴，∴，∴．【解析】（1）连结OD，由切线的性质和余角的性质可得∠E=∠ODA，由等腰三角形的性质和平行线的性质可得∠DAC=∠ACB=∠ADO，即可得结论；（2）通过证明Rt△EAD∽Rt△EBC，可得，即可求BC的长．本题考查了相似三角形的判定和性质，勾股定理，圆的有关知识，锐角三角函数等知识，证明Rt△EAD∽Rt△EBC是本题的关键．23.【答案】（1）①根据信息填表②由题意，得解得：∵x为整数，∴x=40或41或42∴有三种方案，分别是：（i）A地40件，B地80件，C地80件；（ii）A地41件，B地77件，C地82件；（iii）A地42件，B地74件，C地84件；（2）由题意，得30x+8（n-3x）+50x=5800整理，得n=725-7x∵n-3x≥0，∴x≤72.5又∵x≥0，∴0≤x≤72.5且x整数∵n随x的增大而减少，∴当x=72时，n有最小值为221．方法2：由题意，得30x+8（n-3x）+50x=5800整理得，∵n-3x≥0，∴解得，n≥217.5∵，且x，n均为整数，∴n的最小值为221．【解析】（1）①根据n=200求出运往B第的件数，再分别乘以单价即可求出运往B地、C地的运费；②根据运往B地的件数不多于运往C地的件数，总运费不超过4000元列出不等式组，然后求解得到x的取值范围，再根据x是正整数确定出运输方案；（2）根据总运费列出算式并用x表示出n，再根据n不小于运往A、C两地的件数求出x的取值范围，然后根据一次函数的增减性求出n的最小值即可．本题考查的是用一次函数解决实际问题，注意利用一次函数求最值时，关键是应用一次函数的性质；即由函数y随x的变化，结合自变量的取值范围确定最值．24.【答案】解：（1）在中，当x=0时，有y=-2，∴A（0，-2），∵点B的坐标为（1，0），可设直线AB的解析式为y=kx+b，则，解得，∴直线AB的解析式为y=2x-2；（2）在中，当y=0时，有，解得：x1=-2，x2=2，∵抛物线与x轴的负半轴交于点D，∴D（-2，0），∵点C是直线AB与抛物线W的交点，∴联立方程组，解得，，由此可知，C（4，6），过点C作CE⊥x轴于点E，∴CE=6，DE=4，∴DE=DO+OE=6，∴△COE为等腰直角三角形，∴∠COE=45°，∴tan∠COE=1，∴tan∠BDC=1；（3）tan∠D1C1B恒为定值，理由如下：由题意，抛物线W1的解析式为，设点D1的坐标为（t，0），其中t＜0，∴，∴，∴，∵点C1是直线BC与抛物线W1的交点，∴，解得，，∵点C1是直线BC与抛物线W1的交点，且t＜0，∴点C1的坐标为（2-t，2-2t），过C1作C1E1⊥x轴于点E1，∴C1E1=2-2t，OE1=2-t，∴D1E1=D1O+OE1=2-t+（-t）=2-2t，∴C1E1=D1E1，∴Rt△C1D1E1为等腰直角三角形，∴∠C1D1E1=45°，由（2）知∠BDC=45°．∴∠C1D1E1=∠BDC，∴D1C1∥DC，∴∠D1C1B=∠DCB，∴tan∠D1C1B=tan∠DCB，∴tan∠D1C1B恒为定值．如图2，过B作BF⊥DC于点F，∵∠BDC=45°，∴Rt△BDF为等腰直角三角形，∵BD=OD+OB=3，∴，由（1）知，，∴，∴在Rt△BFC中，有，∴．【解析】（1）在中，当x=0时，有y=-2，则A（0，-2），点B的坐标为（1，0），可设直线AB的解析式为y=kx+b，即可求解．（2）在中，当y=0时，有，CE=6，DE=4，则DE=DO+OE=6，△COE为等腰直角三角形，即可求解；（3）证明Rt△C1D1E1为等腰直角三角形，则∠C1D1E1=45°，由（2）知∠BDC=45°，则∠C1D1E1=∠BDC，即可求解．本题考查的是二次函数综合运用，涉及到一次函数、等腰直角三角形的性质、解直角三角形等，其中（3），证明∠D1C1B=∠DCB是本题解题的关键．。

2020年湖北省荆州市中考数学试卷解析版

2020年湖北省荆州市中考数学试卷解析版

∴OA＝2，∴OD＝ ，
则点 A 的坐标为：（ ，1）．
故选：B．
9：（2020 年湖北省荆州市中考）中考数学工作室
9．（3 分）（2020•荆州）定义新运算“a*b”：对于任意实数 a，b，都有 a*b＝（a+b）（a﹣b）
﹣1，其中等式右边是通常的加法、减法、乘法运算，例 4*3＝（4+3）（4﹣3）﹣1＝7﹣
6．（3 分）（2020•荆州）若 x 为实数，在“（ +1）□x”的“□”中添上一种运算符号（在 “+，﹣，×，÷”中选择）后，其运算的结果为有理数，则 x 不可能是（ ）
A． +1
B． ﹣1
【考点】二次根式的混合运算． 菁优网版 权所有
C．2
D．1﹣
【解答】解：A．（ +1）﹣（ +1）＝0，故本选项不合题意；
连接 CE，DF，对于下列条件：①BE＝CF；②CE⊥AB，DF⊥BC；③CE＝DF；④∠ BCE＝∠CDF．只选取其中一条添加，不能确定△BCE≌△CDF 的是（ ）
A．①
B．②
C．③
D．④
【考点】全等三角形的判定；菱形的性质． 菁优网版 权所有
【解答】解：∵四边形 ABCD 是菱形，∴BC＝CD，AB∥CD，∴∠B＝∠DCF，
B．（ +1）
＝2，故本选项不合题意；
C．（ +1）与 题意；
无论是相加，相减，相乘，相除，结果都是无理数，故本选项符合
D．（ +1）（1﹣ ）＝﹣2，故本选项不合题意．故选：C． 7：（2020 年湖北省荆州市中考）中考数学工作室 7．（3 分）（2020•荆州）如图，点 E 在菱形 ABCD 的 AB 边上，点 F 在 BC 边的延长线上，

2020年湖北省荆州市沙市区中考数学一调试卷(附答案详解)

2020年湖北省荆州市沙市区中考数学一调试卷(附答案详解)

2020年湖北省荆州市沙市区中考数学一调试卷一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.不透明的袋子中只有4个黑球和2个白球，这些球除颜色外无其它差别，随机从袋子中一次摸出3个球，下列事件是不可能事件的是()A. 3个球都是黑球B. 3个球都是白球C. 三个球中有黑球D. 3个球中有白球2.对方程x2−3x+3=0的根判断正确的是()A. 有两个相等的实数根B. 有两个不相等的实数根C. 无实数根D. 只有一个实数根3.下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是()A. B. C. D.4.如图，⊙O的直径CD=10cm，AB是⊙O的弦，AB⊥CD，垂足为M，OM：OC=3：5，则AB的长为()A. √91cmB. 8cmC. 6cmD. 4cm5.如图，⊙O中，弦AB、CD相交于点P，∠A=40°，∠APD=75°，则∠B=()A. 15°B. 40°C. 75°D. 35°6.如图，PA，PB分别与⊙O相切于A，B两点，∠P=70°，则∠C为()A. 55°B. 70°C. 110°D. 140°7.已知反比例函数y=−2，下列结论不正确的是()xA. 其图象经过(−2,1)B. 其图象位于第二、第四象限内C. 当x<0时，y随x的增大而增大D. 当x>−1时，y>28.将抛物线y=2x2先向上平移2个单位长度，再向右平移1个单位长度，平移后所得抛物线的解析式是()A. y=2(x+1)2−2B. y=2(x−1)2−2C. y=2(x−1)2+2D. y=2(x+1)2+29.以半径为1的圆内接正三角形、正方形、正六边形的边心距为三边作三角形，则()A. 不能构成三角形B. 这个三角形是等腰三角形C. 这个三角形是直角三角形D. 这个三角形是钝角三角形10.一元三次方程x3+2x2+2x−5=0的实数根的个数为()A. 1B. 2C. 3D. 4二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）11.在反比例函数y=k中，当x=2时，y=3，则当y=12时，x=______．x12.在一个不透明的袋子中有若干个小球，这些球除颜色外无其他差别，从袋中随机摸出一球，记下其颜色，这称为一次摸球试验，然后把它重新放回袋中并摇匀，不断重复上述过程．以下是利用计算机模拟的摸球试验统计表：摸球实验次数100100050001000050000100000“摸出黑球”的次数363872019400919970400080.3600.3870.4040.4010.3990.400“摸出黑球”的频率(结果保留小数点后三位)根据试验所得数据，估计“摸出黑球”的概率是____.(结果保留小数点后一位)13.一个扇形的弧长是20πcm，面积是240πcm2，则这个扇形的圆心角是______度．14.如图，若被击打的小球飞行高度ℎ(单位：m)与飞行时间t(单位：s)之间具有的关系为ℎ=20t−5t2，则小球从飞出到落地所用的时间为_____s．15.如图，正方形ABCD的边长为2.点E.F分别是边AD，DC上的两动点．AE=DF.BE交AF于点P，则PD的最小值为______．16.如图，已知抛物线经过点A(−1,0)，B(3,0)，C(0,−3)，将直线AC绕点C顺时针旋转45°交抛物线于另一点D，则点D的坐标为______．三、解答题（本大题共8小题，共72.0分）17.解方程：2x2−x−1=0．18.如图：AC⏜=CB⏜，D、E分别是半径OA和OB的中点，求证：CD=CE．19.第一个袋中有2个绿球，1个黄球，第二个袋中有1个绿球，1个黄球，这些球除颜色外无其它差别，分别从每个袋中随机摸出1个小球，求摸出的2个球都是黄球的概率．(请用树状图写出分析过程)20.如图，在边长为1的小方格中建立直角坐标系，点A(−1,0)，B(0,−3)，将△ABO绕点A逆时针旋转90°，得到△AO′B′(点O对应点O′，点B对应点B′)．(1)在图中作出△AO′B′，并直接写出点B′的坐标；(2)连接BB′，求∠ABB′的度数．21.已知反比例函数y=6．x(1≤x≤6)的图象记为曲线C1，将C1向左平移2个单位长度，(1)把反比例函数y=6x得曲线C2，请在图中分别画出C1.C2.并直接写出C1平移至C2处所扫过的面积．(2)若该反比例函数的图象与直线y=kx+6(k≠0)只有一个公共点，求ℎ的值．22.如图．A.B.C是圆O上的点，AB=AC=√13，BC=6，AD⊥OC于D，交BC于E，AF//BC．(1)求证：AF是圆O的切线；(2)求证：EA=EC；(3)求ED的长．23. 东风商贸公司购进某种产品的成本为6元/千克，在整个销售旺季的80天里，销售单价p(元/千克)与时间第t(天)之间的函数关系为：P ={14t +16(1≤t ≤40,t 为整数)−12t +46(41≤t ≤80,t 为整数)，日销售量y(千克)与时间第t(天)之间的函数关系为y =−2t +200(1≤t ≤80,t 为整数)． (1)求日销售利润w 与时间t 的函数关系式？ (2)哪一天的日销售利润最大？最大利润是多少？ (3)该公司有多少天日销售利润不低于1925元？24. 已知抛物线y =x 2+(2−m)x −2m ，其中m >0．(1)求证：该抛物线与x 轴恒有两个不同的交点； (2)如图，设抛物线与x 轴的交点为A ，B(点A 在点B 的左边)，与y 轴的交点为C ，已知点D(0,2m )，直线AD 交抛物线于另一点E ，连接CE ，过点B 作BF ⊥x 轴，交CE 于F ． ①请直接写出A ，B ，C 的坐标(可用含m 的式子表示)； ②求证：当m(m >0)变化时，线段BF 的长度恒为定值．答案和解析1.【答案】B【解析】【分析】本题考查的是必然事件、不可能事件、随机事件的概念．必然事件指在一定条件下，一定发生的事件．不可能事件是指在一定条件下，一定不发生的事件，不确定事件即随机事件是指在一定条件下，可能发生也可能不发生的事件．根据事件发生的可能性大小判断相应事件的类型．【解答】解：A、3个球都是黑球是随机事件；B、3个球都是白球是不可能事件；C、三个球中有黑球是必然事件；D、3个球中有白球是随机事件；故选：B．2.【答案】C【解析】解：∵a=1，b=−3，c=3，∴Δ=9−4×1×3=−3，∴方程没有实数根．故选：C．先计算判别式的值得到Δ=9−4×1×3=−3，然后根据判别式的意义进行判断．本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根的判别式Δ=b2−4ac：当Δ>0，方程有两个不相等的实数根；当Δ=0，方程有两个相等的实数根；当Δ<0，方程没有实数根．3.【答案】D【解析】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形；B、不是轴对称图形，是中心对称图形；C、是轴对称图形，不是中心对称图形；D、是轴对称图形，也是中心对称图形；故选：D．根据轴对称图形与中心对称图形的概念判断即可．本题考查的是中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．4.【答案】B【解析】解：如图所示，连接OA．⊙O的直径CD=10cm，则⊙O的半径为5cm，即OA=OC=5，又∵OM：OC=3：5，所以OM=3，∵AB⊥CD，垂足为M，∴AM=BM，在Rt△AOM中，AM=√52−32=4，∴AB=2AM=2×4=8．故选B．由于⊙O的直径CD=10cm，则⊙O的半径为5cm，又已知OM：OC=3：5，则可以求出OM=3，OC=5，连接OA，根据勾股定理和垂径定理可求得AB．本题考查了垂径定理和勾股定理的应用，解决与弦有关的问题时，往往需构造以半径、弦心距和弦长的一半为三边的直角三角形，若设圆的半径为r，弦长为a，这条弦的弦心)2成立，知道这三个量中的任意两个，就可以求出另外一距为d，则有等式r2=d2+(a2个．5.【答案】D【解析】解：∵∠APD=75°，∠A=40°∴∠C=35°，∵∠B=∠C，∴∠B=35°．故选：D．本题主要考查圆周角定理和外角性质，解题关键分析题意找出角度之间关系，根据外角性质和圆周角定理列出关系式，可求得答案．6.【答案】A【解析】解：连接OA、OB，∵直线PA、PB分别与⊙O相切于点A、B，∴OA⊥PA，OB⊥PB，∵∠P=70°，∴∠AOB=110°，∵C是⊙O上一点，∴∠ACB=55°．故选A．连接OA、OB，根据切线的性质定理，结合四边形AOBP的内角和为360°，即可推出∠AOB 的度数，然后根据圆周角定理，即可推出∠C的度数．本题主要考查切线的性质、四边形的内角和、圆周角定理，关键在于熟练运用切线的性质，通过作辅助线构建四边形，最后通过圆周角定理即可推出结果．7.【答案】D得：左边=右边，故本选项正确；【解析】解：A、(−2,1))代入y=−2xB、图象在第二、四象限内，故本选项正确；C、当x<0时，y随x的增大而增大，故本选项正确；D、当x>−1时，y>2或y<0，故本选项错误；不正确的只有选项D．故选：D．根据反比例函数的性质：当k<0，双曲线的两支分别位于第二、第四象限，在每一象限内y随x的增大而增大进行分析即可．(k≠0)，当k>0，反比例函数本题考查了反比例函数的性质，对于反比例函数y=kx图象在一、三象限，每个象限内，y随x的增大而减小；当k<0，反比例函数图象在第二、四象限内，每个象限内，y随x的增大而增大．8.【答案】C【解析】解：抛物线y=2x2的顶点坐标为(0,0)，把(0,0)向右平移1个单位长度，再向上平移2个单位长度后得到对应点的坐标为(1,2)，所以平移后抛物线解析式为y=2(x−1)2+2．故选：C．先得到抛物线y=2x2的顶点坐标为(0,0)，再利用点的平移规律得到点(0,0)平移后对应点的坐标为(1,2)，然后根据顶点式写出平移的抛物线解析式．本题考查了二次函数图象上点的坐标特征：由于抛物线平移后的形状不变，故a不变，所以求平移后的抛物线解析式通常可利用两种方法：一是求出原抛物线上任意两点平移后的坐标，利用待定系数法求出解析式；二是只考虑平移后的顶点坐标，即可求出解析式．9.【答案】C；【解析】解：(1)因为OC=1，所以OD=1×sin30°=12(2)因为OB=1，所以OE=1×sin45°=√2；2(3)因为OA=1，所以OD=1×cos30°=√3．2因为(12)2+(√22)2=(√32)2， 所以这个三角形是直角三角形．故选：C ．由于内接正三角形、正方形、正六边形是特殊内角的多边形，可构造直角三角形解答． 解答此题要明确：多边形的半径、边心距、中心角等概念，根据解直角三角形的知识解答．10.【答案】A【解析】解：x 3+2x 2+2x −5=0可以变形为x 2+2x +2=5x ，分别作出y 1=x 2+2x +2和y 2=5x 的图象如下：函数图象如下：从图象看，两个函数有一个交点，即一元三次方程有一个根，故选：A ．将原方程变形，画出图象，查看这两个图象有几个交点即可．本题考查的是高次方程的根的情况，原方程变形为两个函数的交点问题是解本题的关键，从图象看两函数的交点个数即可．11.【答案】12，【解析】解：将x=2，y=3代入反比例函数y=kx得k=6，∴y=6，x当y=12时，则12=6x．解得x=12故答案为：1．2求得k值，然后将y=12代入函数解析式求得x的将x=2，y=3代入反比例函数y=kx值即可．本题主要考查了待定系数法求反比例函数的解析式、反比例函数的图象上点的坐标特征．反比例函数图象上的所有点的坐标均满足该函数的关系式．12.【答案】0.4【解析】观察表格发现随着摸球次数的增多频率逐渐稳定在0.4附近，故摸到白球的频率估计值为0.4；故答案为：0.4．大量重复试验下摸球的频率可以估计摸球的概率，据此求解；本题考查了利用频率估计概率的知识，解题的关键是了解大量重复试验中某个事件发生的频率能估计概率．13.【答案】150【解析】【分析】此题主要是利用扇形的面积公式先求出扇形的半径，再利用弧长公式求出圆心角．根据扇形的面积公式求出半径，然后根据弧长公式求出圆心角即可．【解答】lr=240πcm2，解：扇形的面积公式=12解得：r=24cm，=20πcm，又∵l=nπ×24cm180∴n=150°．故答案为：150．14.【答案】4【解析】【分析】本题考查了二次函数的性质在实际生活中的应用．此题为数学建模题，关键在于读懂小球从飞出到落地即飞行的高度为0时的情形，借助二次函数解决实际问题．此题较为简单，根据关系式，令ℎ=0即可求得t的值为飞行的时间．【解答】解：依题意，令ℎ=0得：0=20t−5t2，得t(20−5t)=0，解得t=0(舍去)或t=4，即小球从飞出到落地所用的时间为4s．故答案为4．15.【答案】√5−1【解析】解：∵四边形ABCD是正方形，∴AB=AD，∠BAE=∠ADF，又∵AE=DF，∴△ABE≌△DAF(SAS)，∴∠BAP=∠DFA，∴∠APB=90°，取AB的中点为O，连接OP，则OP=OA=1，当D，P，O三点共线时，DP=OD−OP=√12+22−1=√5−1，故答案为√5−1．先证明△ABE≌△DAF ，得出∠APB =90°，取AB 的中点为O ，则P 在以O 为圆心，OA 为半径的圆上，当D ，P ，O 三点共线时，DP 最小．本题主要考查正方形的性质和全等三角形的判定，关键是要牢记直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半．16.【答案】(4,5)【解析】解：设抛物线的解析式为y =a(x +1)(x −3)，代入C(0,−3)得，−3=−3a ，解得a =1，∴抛物线为y =x 2−2x −3，∵点A(−1,0)，C(0,−3)，∴OA =1，OC =3，作AE ⊥AC ，交CD 于E ，作EF ⊥x 轴于F ，∵∠ACD =45°，∴△ACE 是等腰直角三角形，∴AE =AC ，∵∠EAF +∠CAO =90°=∠CAO +∠ACO ，∴∠EAF =∠ACO ，在△ACO 和△EAF 中，{∠EAF =∠ACO ∠AFE =∠AOC =90°AE =AC，∴△ACO≌△EAF(AAS)，∴AF =OC =3，EF =OA =1，∴OF =3−1=2，∴E(2,1)，设直线CD 的解析式为y =kx −3，代入E 的坐标得，1=2k −3，解得k =2，∴y =2x −3，由{y =2x −3y =x 2−2x −3解得{x =0y =−3或{x =4y =5，∴D 的坐标为(4,5)，故答案为：(4,5)．作AE⊥AC，交CD于E，作EF⊥x轴于F，通过证得△ACO≌△EAF(AAS)，求得E的坐标，然后根据待定系数法求得抛物线和直线CD的解析式，再讲解析式联立成方程组，解方程组即可求得D的坐标．本题考查了二次函数图象上点的坐标特征，坐标与图形变化−旋转，待定系数法求函数的解析式，求得直线CD的解析式是解题的关键．17.【答案】解：2x2−x−1=0，(x−1)(2x+1)=0，x−1=0，2x+1=0，∴x1=1,x2=−1．2【解析】分解因式，即可得出两个一元一次方程，求出方程的解即可．本题考查了解一元二次方程，解此题的关键是能把一元二次方程转化成一元一次方程．18.【答案】证明：连接OC．在⊙O中，∵AC⏜=CB⏜∴∠AOC=∠BOC，∵OA=OB，D、E分别是半径OA和OB的中点，∴OD=OE，∵OC=OC(公共边)，∴△COD≌△COE(SAS)，∴CD=CE(全等三角形的对应边相等)．【解析】本题考查了圆心角、弧、弦的关系，以及全等三角形的判定与性质．判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、SSA、HL.连接OC，构建全等三角形△COD和△COE；然后利用全等三角形的对应边相等证得CD=CE.注意：AAA、SSA不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角．连接OC，构建全等三角形△COD和△COE；然后利用全等三角形的对应边相等证得CD=CE．19.【答案】解：画树状图如下：共有6种等可能的结果，其中摸出的2个球都是黄球的结果有1种，∴摸出的2个球都是黄球的概率为1．6【解析】画树状图，共有6种等可能的结果，其中摸出的2个球都是黄球的结果有1种，再由概率公式求解即可．此题考查的是用树状图法求概率．树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．20.【答案】解：(1)如图，△AO′B′即为所求，点B′(2,1)；(2)∵∠BAB′=90°，AB=AB′，∴∠ABB′=45°．【解析】(1)根据旋转的性质即可作出△AO′B′，从而得出点B′的坐标；(2)根据∠BAB′=90°，AB=AB′，得∠ABB′=45°．本题主要考查了作图−旋转变换，平面内点的坐标的特征，等腰直角三角形的性质等知识，准确作出图形是解题的关键．21.【答案】解：(1)如图所示，C1平移至C2处所扫过的面积= 2×5=10；(2)y{y=6xy=kx+6整理得kx2+6x−6=0，∵反比例函数的图象与直线y=kx+6(k≠0)只有一个公共点，∴△=36+24k=0，∴k=−32．【解析】(1)根据平移的性质即可得到结论；(2)解方程组得到kx2+6x−6=0，由反比例函数的图象与直线y=kx+6(k≠0)只有一个公共点，得到△=36+24k=0，求得k=−32．本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，平移的性质，一元二次方程根与系数的关系，知道反比例函数的图象与直线y=kx+6(k≠0)只有一个公共点时，Δ=0是解题的关键．22.【答案】(1)证明：连接OA，交BC于点G，∵AB=AC，∴AB⏜=AC⏜，∴OA⊥BC，∴∠OGC=90°，∵AF//BC，∴∠OGC=∠OAF=90°，∵OA是圆O的半径，∴AF是圆O的切线；(2)延长AD交圆O于点H，连接CH，∵OC⊥AH，OC是圆O的半径，∴AC⏜=CH⏜，∵AB⏜=AC⏜，∴AB⏜=CH⏜，∴∠CAH=∠ACB，∴EA=EC；(3)∵OA⊥BC，∴BG=GC=12BC=3，在Rt△AGC中，AG=√AC2−GC2=√(√13)2−32=2，在Rt△AGE中，AG2+GE2=AE2，∴22+(3−AE)2=AE2，∴AE=136，∵∠ADO=∠CGO=90°，∠O=∠O，OA=OC，∴△ADO≌△CGO(AAS)，∴AD=GC=3，∴DE=AD−AE=3−136=56．【解析】(1)要证明AF是圆O的切线，想到连接OA，只要求出∠OAF=90°即可，根据已知利用垂径定理即可解答；(2)根据已知AD⊥OC，想到垂径定理，所以延长AD交圆O于点H，连接CH，只要证明AB⏜=CH⏜即可解答；(3)利用题目的已知在Rt△AGC中求出AG的长，再在Rt△AGE中，利用勾股定理求出AE 的长，最后证明△ADO≌△CGO，可得DA=GC=3，然后进行计算即可解答．本题考查了切线的判定与性质，全等三角形的判定与性质，熟练掌握垂径定理和圆周角定理是解题的关键．23.【答案】解：(1)设日销售利润为w，则w=(p−6)y，当1≤t≤40时，w=(14t+16−6)(−2t+200)=−12t2+30t+2000；当41≤t≤80时，w=(−12t+46−6)(−2t+200)=t2−180t+8000．∴日销售利润w与时间t的函数关系式w={−12t2+30t+2000(1≤t≤40) t2−180t+8000(41≤t≤80)；(2)由(1)知，当1≤t≤40时，w=−12(t−30)2+2450，∵−12<0，∴当t=30时，w有最大值2450元；当41≤t≤80时，w=(t−90)2−100，∵1>0，∴抛物线开口向上，∴当t≤90时，w随t的增大而减小，∵41≤t≤80，∴当t=41时，w有最大值，最大值=(41−90)2−100=2301，∵2450>2301，∴第30天的日销售利润最大，最大利润为2450元；(3)由(1)得：当1≤t≤40时，w=−12t2+30t+2000令w=1925，即−12t2+30t+2000=1925，解得：t1=30−5√42，t2=30+5√42，∵t为正整数，由函数的性质得：公司有40天日销售利润不低于1925元；当41≤t≤80时，w=(t−90)2−100，令w=1925，则(t−90)2−100=1925，解得：t1=45，t2=135，∵1>0，41≤t≤80，∴公司有5天日销售利润不低于1925元；∴公司共有45天日销售利润不低于1925元．【解析】(1)设日销售利润为w，根据日利润等于每千克的利润乘以日销售量可得w= (p−6)y，分两种情况讨论：①当1≤t≤40时，②当41≤t≤80时列出函数解析式；(2)分两种情况讨论：①当1≤t≤40时，②当41≤t≤80时，根据函数的性质求最值；(3)令w=1925，分两种情况解一元二次方程，然后根据函数性质求符合题意的t的值．本题考查了二次函数在销售问题中的应用，解一元二次方程等知识点，明确二次函数的相关性质，是解题的关键．24.【答案】(1)证明：∵y=x2+(2−m)x−2m，∴Δ=(2−m)2+8m=m2+4m+4=(m+2)2，∵m>0，∴Δ>0，∴该抛物线与x轴恒有两个不同的交点；(2)①解：令y=0，则x2+(2−m)x−2m=0，∴x=−2或x=m，∵点A在点B的左边，m>0，∴A(−2,0)，B(m,0)，令y=0，则x=−2m，∴C(0,−2m)；②证明：设直线AD的解析式为y=kx+b，∴{b=2 m−2k+b=0，∴{b=2mk=1m，∴y=1m x+2m，第21页，共21页 联立方程组{y =x 2+(2−m)x −2m y =1m x +2m， ∴x 2+(2−m −1m )x −2m −2m =0，∵x =−2是方程的一个根，∴方程的另一个根为−(2−m −1m )−(−2)=m +1m ，∴E(m +1m ,1+2m +1m 2)，设直线CE 的解析式为y =k′x +b′，∴{b′=−2m (m +1m )k′+b =1+2m +1m 2， ∴{k′=1+2m m b =−2m， ∴y =1+2m m x −2m ，∵BF ⊥x 轴，交CE 于F ，∴F(m,1)，∴BF =1，∴当m(m >0)变化时，线段BF 的长度恒为定值1．【解析】(1)只需证明Δ>0即可；(2)①令y =0，解方程可求A 、B 点坐标，令x =0，可求C 点坐标；②先求出直线AD 的解析式，再求直线AD 与抛物线的交点E 的坐标，用待定系数法求出直线CE 的解析式，即可求F 点坐标，由于F(m,1)，即可得到BF =1为定值．本题是二次函数的综合题，熟练掌握二次函数的图象及性质，用待定系数法求一次函数解析式的方法是解题的关键．。

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中考数学模拟试卷题号一二三总分得分一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.在下列四个实数-，-0.5，0，中，最小的是（ ）A.- B. -0.5 C. 0 D.2.下列计算结果正确的是（ ）A. a6 ÷a2=a3B. （ab）2=a2b2C. a4 •a2=a8D. （a4）2=a63.下列立体图形中，俯视图与主视图不同的是（ ）A. 正方体B. 圆柱C. 圆锥D. 球4.如图是婴儿车的平面示意图，其中AB∥CD，∠1=120°，∠3=40°，那么∠2的度数为（ ）A. 80°B. 90°C. 100°D. 102°5.防范新冠病毒感染要养成戴口罩、勤洗手、多通风、常消毒等卫生习惯，其中对物体表面进行消毒可以采用浓度为75%的酒精．现有一瓶浓度为95%的酒精500ml，需将其加入适量的水，使浓度稀释为75%．设加水量为xml，可列方程为（ ）A. 75%x=95%×500B. 95%x=75%×500C. 75%（500+x）=95%×500D. 95%（500+x）=75%×5006.若单项式-3x2y2m+n与2x m+n y4是同类项，则m2+2mn的算术平方根为（ ）A. 0B. 2C. -2D. ±27.定义（a，b，c）为方程ax2+bx+c=0的特征数．若特征数为（k2，-1-2k，1）的一元二次方程有两个实数根，则k的取值范围是（ ）A. k＜-B. k＞-C. k＞-且k≠0D. k≥-且k≠08.如图，将⊙O沿弦AB折叠，圆弧AB恰好经过圆心O，P是上一点，则∠APB的度数为（）A. 30°B. 45°C. 60°D. 75°9.二次函数y=ax2+bx+c的图象如图所示，则一次函数y=bx+ac的图象不经过（ ）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限10.如图，6个形状、大小完全相同的菱形组成网格，菱形的顶点称为格点．已知菱形的一个角（∠O）为60°，A，B，C都在格点上，则tan∠ABC的值是（ ）A. B. C. D.二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）11.将3x2-27分解因式的结果是______．12.若点（1，k）关于y轴的对称点为（-1，1），则y关于x的函数y=的取值范围是______．13.点P的坐标是（a，b），从-2，-1，0，1，2这五个数中任取一个数作为a的值，再从余下的四个数中任取一个数作为b的值，则点P（a，b）在平面直角坐标系中第二象限内的概率是______．14.如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，以顶点B为圆心，适当长度为半径画弧，分别交AB，BC于点M，N，再分别以点M，N为圆心，大于MN的长为半径画弧，两弧交于点P，作射线BP交AC于点D．当∠A=30°时，小敏正确求得S△BCD：S△ABD=1：2．写出两条小敏求解中用到的数学依据：______．15.如图所示，某办公大楼正前方有一根高度是15米的旗杆ED，从办公大楼顶端A测得旗杆顶端E的俯角α是45°，旗杆低端D到大楼前梯坎底边的距离DC是20米，梯坎坡长BC是12米，梯坎坡度i=1：，则大楼AB的高度为______米．16.定义新运算：对于任意实数a，b，都有a⊕b=ab+a+b，其中等式右边是通常的加法、乘法运算，例如2⊕3=2×3+2+3=11．若y关于x的函数y=（kx+1）⊕（x-1）图象与x轴仅有一个公共点，则实数k的值为______．三、解答题（本大题共8小题，共72.0分）17.先化简，再求值：（2-）÷，其中x是不等式组的整数解．18.若实数m，n满足|m-2|+=0，请用配方法解关于x的一元二次方程x2+mx+n=0．19.如图，在正方形ABCD中，E为边BC上一点（不与点B，C重合），垂直于AE的一条直线MN分别交AB，AE，CD于点M，P，N．小聪过点B作BF∥MN分别交AE，CD于点G，F后，猜想线段EC，DN，MB之间的数量关系为EC=DN+MB．他的猜想正确吗？请说明理由．20.为了解“停课不停学”过程中学生对网课内容的喜爱程度，某校开展了一次网上问卷调查．随机抽取部分学生，按四个类别统计，其中A表示“很喜欢”，B表示“喜欢”，C表示“一般”，D表示“不喜欢”，并将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．请根据图中提供的信息，解决下列问题：（1）这次共抽取______名学生进行统计调查，扇形统计图中D类所在扇形的圆心角度数为______；（2）将条形统计图补充完整；（3）若该校共有3000名学生，估计该校表示“喜欢”的B类学生大约有多少人？21.参照学习函数的过程与方法，探究函数y=的图象与性质．因为y=，即y=-+1，所以我们对比函数y=-来探究．列表：x…-4-3-2-1-1234…y=-…124-4-2-1--…y=…235-3-10…描点：在平面直角坐标系中，以自变量x的取值为横坐标，以y=相应的函数值为纵坐标，描出相应的点，如图所示：（1）请把y轴左边各点和右边各点，分别用一条光滑曲线顺次连接起来；（2）观察图象并分析表格，回答下列问题：①当x＜0时，y随x的增大而______；（填“增大”或“减小”）②y=的图象是由y=-的图象向______平移______个单位而得到；③图象关于点______中心对称．（填点的坐标）（3）设A（x1，y1），B（x2，y2）是函数y=的图象上的两点，且x1+x2=0，试求y1+y2+3的值．22.已知：在△ABC中AB=AC，点D为BC边的中点，点F是AB边上一点，点E在线段DF的延长线上，∠BAE=∠BDF，点M在线段DF上，∠ABE=∠DBM．（1）如图1，当∠ABC=45°时，求证：AE=MD；（2）如图2，当∠ABC=60°时，则线段AE、MD之间的数量关系为______ ；（3）在（2）的条件下延长BM到P，使MP=BM，连接CP，若AB=7，AE=，求tan∠PCB和tan∠ACP的值．23.为了抗击新冠病毒疫情，全国人民众志成城，守望相助．春节后某地一水果购销商安排15辆汽车装运A，B，C三种水果120吨销售，所得利润全部捐赠湖北抗疫．已知按计划15辆汽车都要装满且每辆汽车只能装同一种水果，每种水果所用车辆均不少于3辆，汽车对不同水果的运载量和每吨水果销售获利情况如表．水果品种A B C 汽车运载量（吨/辆）1086水果获利（元/吨）80012001000（1）设装运A种水果的车辆数为x辆，装运B种水果车辆数为y辆，根据上表提供的信息，①求y与x之间的函数关系式；②设计车辆的安排方案，并写出每种安排方案；（2）若原有获利不变的情况下，当地政府按每吨50元的标准实行运费补贴，该经销商打算将获利连同补贴全部捐出．问应采用哪种车辆安排方案，可以使这次捐款数w（元）最大化？捐款w（元）最大是多少？24.在平面直角坐标系xOy中，已知点P是反比例函数y=（x＞0）图象上一个动点，以P为圆心的圆始终与y轴相切，设切点为A．（1）如图1，⊙P运动到与x轴相切，设切点为K，试判断四边形OKPA的形状，并说明理由．（2）如图2，⊙P运动到与x轴相交，设交点为B，C．当四边形ABCP是菱形时，①求过点A，B，C三点的抛物线解析式；②在过A，B，C三点的抛物线上是否存在点M，使△MBP的面积是菱形ABCP面积的？若存在，直接写出所有满足条件的M点的坐标；若不存在，试说明理由．答案和解析1.【答案】A【解析】解：-＜-0.5＜0＜，则-最小，故选：A．根据实数比较大小的法则可得答案．此题主要考查了实数的比较大小，关键是掌握正实数都大于0，负实数都小于0，正实数大于一切负实数，两个负实数绝对值大的反而小．2.【答案】B【解析】解：A、原式=a4，不符合题意；B、原式=a2b2，符合题意；C、原式=a6，不符合题意；D、原式=a8，不符合题意．故选：B．各项计算得到结果，即可作出判断．此题考查了同底数幂的乘除法，以及幂的乘方与积的乘方，熟练掌握运算法则是解本题的关键．3.【答案】C【解析】解：A．俯视图与主视图都是正方形，故选项A不合题意；B．俯视图与主视图都是正方形，故选项B不合题意；C．俯视图是圆，左视图是三角形；故选项C符合题意；D．俯视图与主视图都是圆，故选项D不合题意；故选：C．从正面看所得到的图形是主视图，从左面看到的图形是左视图，从上面看到的图象是俯视图．此题主要考查了三视图，关键是把握好三视图所看的方向．属于基础题，中考常考题型．4.【答案】A【解析】解：∵AB∥CD，∴∠A=∠3=40°，∵∠1=120°，∴∠2=∠1-∠A=80°，故选：A．根据平行线性质求出∠A，根据三角形外角性质得出∠2=∠1-∠A，代入求出即可．本题考查了平行线性质和三角形外角性质的应用，关键是求出∠A的度数和得出∠2=∠1-∠A．5.【答案】C【解析】解：设加水量为xml，可列方程为：75%（500+x）=95%×500．故选：C．直接利用酒精总质量不变进而得出等式得出答案．此题主要考查了由实际问题抽象出一元一次方程，正确表示出酒精质量是解题关键．6.【答案】B【解析】解：∵单项式-3x2y2m+n与2x m+n y4是同类项，∴，解得：，∴m2+2mn=4，则4的算术平方根是2．故选：B．利用同类项的定义列出方程组，求出方程组的解得到m与n的值，代入原式计算求出算术平方根即可．此题考查了解二元一次方程组，利用了消元的思想，消元的方法有：代入消元法与加减消元法．7.【答案】D【解析】解：由题意可知：a=k2，b=-1-2k，c=1，∴△=（-1-2k）2-4×1×k2=1+4k≥0，∴k≥，∵k≠0，∴k≥且k≠0，故选：D．根据根的判别式即可求出答案．本题考查根的判别式，解题的关键是熟练运用根的判别式，本题属于基础题型．8.【答案】C【解析】【分析】本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．也考查了含30°的直角三角形三边的关系和折叠的性质．作半径OC⊥AB于D，连结OA、OB，如图，根据折叠的性质得OD=CD，则OD=OA，根据含30°的直角三角形三边的关系得到∠OAD=30°，接着根据三角形内角和定理可计算出∠AOB=120°，然后根据圆周角定理计算∠APB的度数．【解答】解：作半径OC⊥AB于D，连结OA、OB，如图，∵将⊙O沿弦AB折叠，圆弧恰好经过圆心O，∴OD=CD，∴OD=OC=OA，∴∠OAD=30°，又OA=OB，∴∠OBA=30°，∴∠AOB=120°，∴∠APB=∠AOB=60°．故选C．9.【答案】D【解析】解：由二次函数y=ax2+bx+c的图象可得，a＞0，b＞0，c＞0，∴一次函数y=bx+ac的图象经过第一、二、三象限，不经过第四象限，故选：D．根据二次函数y=ax2+bx+c的图象可以判断a、b、c的正负，从而可以判断一次函数y=bx+ac的图象经过哪几个象限，进而可得答案．本题主要考查了二次函数的图象、一次函数的图象和性质，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．10.【答案】A【解析】解：如图，连接EA，EC，设菱形的边长为a，由题意得∠AEF=30°，∠BEF=60°，AE=a，EB=2a，∴∠AEC=90°，∵∠ACE=∠ACG=∠BCG=60°，∴∠ECB=180°，∴E、C、B共线，在Rt△AEB中，tan∠ABC===．故选：A．如图，连接EA、EC，先证明∠AEC=90°，E、C、B共线，再根据tan∠ABC=，求出AE、EB即可解决问题．本题考查菱形的性质，三角函数、特殊三角形边角关系等知识，解题的关键是添加辅助线构造直角三角形解决问题，属于中考常考题型．11.【答案】3（x+3）（x-3）【解析】解：原式=3（x2-9）=3（x+3）（x-3）．故答案为：3（x+3）（x-3）．原式提取公因式，再利用平方差公式分解即可．此题考查了提公因式法与公式法的综合运用，熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键．12.【答案】x≤1且x≠0【解析】解：∵点（1，k）关于y轴的对称点为（-1，1），∴k=1，∴y关于x的函数y==，则1-x≥0且x≠0，故x≤1且x≠0，故答案为：x≤1且x≠0．直接利用关于y轴对称点的性质得出k的值，再利用二次根式的性质得出答案．此题主要考查了关于y轴对称点的性质以及二次根式，正确得出k的值是解题关键．13.【答案】【解析】解：画树状图为：共有20种等可能的结果数，其中点P（a，b）在平面直角坐标系中第二象限内的结果数为4，所以点P（a，b）在平面直角坐标系中第二象限内的概率==．故答案为．先画树状图展示所有20种等可能的结果数，再根据第二象限点的坐标特征找出点P（a ，b）在平面直角坐标系中第二象限内的结果数，然后根据概率公式求解．本题考查了列表法与树状图法：通过列表法或树状图法展示所有等可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后根据概率公式求出事件A或B的概率．也考查了坐标确定位置．14.【答案】角平分线上的点到角两边的距离相等；在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半【解析】解：由作法得BD平分∠ABC，过D作DE⊥AB于E，则DE=DC（角平分线上的点到角两边的距离相等），∵∠C=90°，∠A=30°，∴AB=2BC（在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半），∴===．故答案为：角平分线上的点到角两边的距离相等；在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半．过D作DE⊥AB于E，依据角平分线的的性质即可得到DE=DC，再根据含30度角的直角三角形的性质，即可得到AB=2BC，进而得出S△BCD：S△ABD=1：2．本题主要考查了角平分线的的性质以及含30度角的直角三角形的性质，解题时注意：在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半．15.【答案】6+29【解析】【分析】本题考查了解直角三角形的应用-坡度、俯角问题；通过作辅助线运用勾股定理求出BH，得出EG是解决问题的关键．延长AB交DC于H，作EG⊥AB于G，则GH=DE=15米，EG=DH，设BH=x米，则CH=x米，在Rt△BCH中，BC=12米，由勾股定理得出方程，解方程求出BH=6米，CH=6米，得出BG、EG的长度，证明△AEG是等腰直角三角形，得出AG=EG=6+20（米），即可得出大楼AB的高度．【解答】解：延长AB交DC于H，作EG⊥AB于G，如图所示：则GH=DE=15米，EG=DH，∵梯坎坡度i=1：，∴BH：CH=1：，设BH=x米，则CH=x米，在Rt△BCH中，BC=12米，由勾股定理得：x2+（x）2=122，解得：x=6，∴BH=6米，CH=6米，∴BG=GH-BH=15-6=9（米），EG=DH=CH+CD=6+20（米），∵∠α=45°，∴∠EAG=90°-45°=45°，∴△AEG是等腰直角三角形，∴AG=EG=6+20（米），∴AB=AG+BG=6+20+9=（6+29）米．故答案为：6+29．16.【答案】0或-1【解析】解：根据新定义得，y=（kx+1）⊕（x-1）=（kx+1）（x-1）+（kx+1）+（x-1）=kx2+2x-1，即y=kx2+2x-1，当k=0时，函数为y=2x-1，与x轴仅有一个公共点，符合题意；当k≠0时，函数y=kx2+2x-1为二次函数，其图象与x轴仅有一个公共点，则△=4+4k=0，解得，k=-1，综上，k=0或-1，故答案为：0或-1．先根据新定义把函数转化为常规形式，进而分k=0和k≠0时，一次函数和二次函数与x 轴的交点情况求出k的值．本题考查了新定义，一次函数图象与x轴的交点问题，二次函数图象与x轴的交点问题，难点是分两种情况研究，往往容易漏掉k=0的情形．17.【答案】解：原式=（-）•，=，=，=，解①得：x＞2，解②得：x＜3.5，∴不等式组的解集为2＜x＜3.5，∵x为整数，∴x=3，当x=3时，原式==4．【解析】首先计算括号里面分式的减法，然后再计算括号外的除法，化简后，再解不等式组，确定x的范围，进而可得x的值，再代入求值即可．此题主要考查了分式的化简求值，以及解一元一次不等式组，关键是掌握分式的减法和除法运算法则．18.【答案】解：∵|m-2|+=0，∴，解得：，故x2+mx+n=0为：x2+2x-1=0，则x2+2x=1（x+1）2=2，故x+1=±，解得：x1=-1+，x2=-1-．【解析】直接利用非负数的性质得出m，n的值，进而代入方程利用配方法解方程得出答案．此题主要考查了非负数的性质以及配方法解方程，正确掌握解方程的方法是解题关键．19.【答案】解：∵四边形ABCD是正方形，∴AB=CD，∠ABE=∠C=90°，AB∥CD，∵BF∥MN，∴四边形BFNM是平行四边形，∴BM=FN，∵AE⊥MN，∴BF⊥AE，∴∠CBF+∠AEB=∠AEB+∠BAE=90°，∴∠BAE=∠CBF，∴△ABE≌△BCF（ASA），∴BE=CF，∵BC=CD，∴CE=DF，∴CE=DF=FN+DN=BM+DN．【解析】根据正方形的性质得到AB=CD，∠ABE=∠C=90°，AB∥CD，根据平行四边形的性质得到BM=FN，求得BF⊥AE，根据余角的性质得到∠BAE=∠CBF，由全等三角形的性质得到BE=CF，于是得到CE=DF，根据线段的和差即可得到结论．本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，平行四边形的判定和性质，正确的识别图形是解题的关键．20.【答案】50 72°【解析】解：（1）抽取的学生总数：12÷24%=50（人），360°×=72°，故答案为：50；72°；（2）A类学生人数：50-23-12-10=5（人），如图所示；（3）3000×=1380（人），答：该校表示“喜欢”的B类学生大约有1380人．（1）利用C类人数除以所占百分比可得抽取总人数，用360°乘以D类所占的百分比，计算即可得解；（2）根据总数计算出A类的人数，然后再补图即可；（3）利用样本估计总体的方法计算即可．本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用．读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．21.【答案】增大上 1 （0，1）【解析】解：（1）函数图象如图所示：（2）①当x＜0时，y随x的增大而增大；②y=的图象是由y=-的图象向上平移1个单位而得到；③图象关于点（0，1）中心对称．（填点的坐标）故答案为增大，上，1，（0，1）（3）∵x1+x2=0，∴x1=-x2，∴A（x1，y1），B（x2，y2）关于（0，1）对称，∴y1+y2=2，∴y1+y2+3=5．（1）用光滑曲线顺次连接即可；（2）利用图象法即可解决问题；（3）根据中心对称的性质，可知A（x1，y1），B（x2，y2）关于（0，1）对称，由此即可解决问题；本题考查反比例函数的性质、中心对称的性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．22.【答案】AE=2MD【解析】解：（1）证明：如图1，连接AD．∵AB=AC，BD=CD，∴AD⊥BC．又∵∠ABC=45°，∴BD=AB•cos∠ABC，即AB=BD．…（1分）∵∠BAE=∠BDM，∠ABE=∠DBM，∴△ABE∽△DBM．…（2分）∴，∴AE=MD．…（3分）（2）∵cos∠ABC=cos60°=，∴MD=AE•cos∠ABC=AE•，…（4分）∴AE=2MD；…（5分）（3）如图2，连接AD，EP．∵AB=AC，∠ABC=60°，∴△ABC是等边三角形．…（6分）又∵D为BC的中点，∴AD⊥BC，∠DAC=30°，BD=DC=AB．∵∠BAE=∠BDM，∠ABE=∠DBM，∴△ABE∽△DBM．…（7分）∴，∠AEB=∠DMB．∴EB=2BM．又∵BM=MP，∴EB=BP．∵∠EBM=∠ABC=60°，∴△BEP为等边三角形，…（8分）∴EM⊥BP，∴∠BMD=90°∴∠AEB=90°在Rt△AEB中，AE=，AB=7，∴BE==．∴tan∠EAB=．…（9分）∵D为BC中点，M为BP中点，∴DM∥PC．∴∠MDB=∠PCB，∴∠EAB=∠PCB．∴tan∠PCB=．…（10分）在Rt△ABD中，AD=AB•sin∠ABD=，在Rt△NDC中，ND=DC•tan∠NCD=，∴NA=AD-ND=．…（11分）过N作NH⊥AC，垂足为H．在Rt△ANH中，NH=AN=，AH=AN•cos∠NAH=，∴CH=AC-AH=，∴tan∠ACP=．…（12分）（1）首先连接AD，由AB=AC，∠ABC=45°，易得AB=BD，又由∠BAE=∠BDM，∠ABE=∠DBM，可证得△ABE∽△DBM，根据相似三角形的对应边成比例，即可得AE= MD；（2）由∠ABC=60°，即可求得MD=AE，继而可得AE=2MD；（3）首先连接AD，EP，根据题意易证得△ABC是等边三角形，△ABE∽△DBM，继而可证得△BEP为等边三角形，然后在Rt△AEB中，利用勾股定理即可求得BE的长，然后利用三角函数的性质，即可求得tan∠PCB和tan∠ACP的值．此题考查了相似三角形的判定与性质、勾股定理、等边三角形的判定与性质以及三角函数等知识．此题综合性较强，难度较大，解题的关键是准确作出辅助线，掌握转化思想与数形结合思想的应用．23.【答案】解：（1）①设装运A种水果的车辆数为x辆，装运B种水果车辆数为y辆，则装C种水果的车辆是（15-x-y）辆．则10x+8y+6（15-x-y）=120，即10x+8y+90-6x-6y=120，则y=15-2x；②根据题意得：，解得：3≤x≤6．则有四种方案：A、B、C三种的车辆数分别是：3辆、9辆、3辆；或4辆、7辆、4辆；或5辆、5辆、5辆；或6辆、3辆、6辆；（2）w=10×800x+8×1200（15-2x）+6×1000[15-x-（15-2x）]+120×50=-5200x+150000，根据一次函数的性质，当x=3时，w有最大值，是-5200×3+150000=134400（元）．应采用A、B、C三种的车辆数分别是：3辆、9辆、3辆．【解析】（1）①等量关系为：车辆数之和=15，由此可得出x与y的关系式；②关系式为：装运每种水果的车辆数≥3；（2）总利润为：装运A种水果的车辆数×10×800+装运B种水果的车辆数×8×1200+装运C种水果的车辆数×6×1000+运费补贴，然后按x的取值来判定．本题考查了一次函数的应用及不等式的应用，解决本题的关键是读懂题意，根据关键描述语，找到所求量的等量关系，确定x的范围，得到装在的几种方案是解决本题的关键．24.【答案】解：（1）四边形OKPA是正方形，证明如下：∵⊙P分别与两坐标轴相切，∴PA⊥OA，PK⊥OK．∴∠PAO=∠OKP=90°，又∵∠AOK=90°，∴∠PAO=∠OKP=∠AOK=90°，∴四边形OKPA是矩形，又∵AP=KP，∴四边形OKPA是正方形；（2）①连接PB，过点P作PG⊥BC于G，∵四边形ABCP为菱形，∴BC=PA=PB=PC（半径），∴△PBC为等边三角形，在Rt△PBG中，∠PBG=60°，PB=PA=x，PG=x，∴P（x，x）代入y=，解之得：x=±2（负值舍去）．∴PG=，PA=BC=2，则P（2，），则四边形OGPA是矩形，PA=OG=2，BG=CG=1，∴OB=OG-BG=1，OC=OG+GC=3．∴A（0，），B（1，0），C（3，0）；②设二次函数解析式为：y=a（x-1）（x-3），过点A（0，），∴a=，∴二次函数解析式为：y=x2-x+，设直线BP的解析式为：y=ux+v，据题意得：，解之得：．∴直线BP的解析式为：y=x-，要使S△MBP=S菱形ABCP=S△ABP=S△CBP′，过点A作直线AM∥BP，则可得直线AM的解析式为：y=x+，解方程组：，解得：，，过点C作直线CM∥PB，则可设直线CM的解析式为：y=x+t，∴0=3+t，∴t=-3，∴直线CM的解析式为：y=x-3，解方程组：，解得，，综上可知，满足条件的M的坐标有四个，分别为：（0，），（3，0），（4，），（7，8）．【解析】（1）先证明四边形OKPA是矩形，又AP=KP，故四边形OKPA是正方形；（2）①证明△PBC为等边三角形，再求点P的坐标，进而求出点A、B、C的坐标；②依次求出二次函数、直线BP、直线AM的表达式，即可求解．本题考查的是二次函数综合运用，涉及到一次函数、特殊四边形和圆的基本知识，综合性很强，难度较大．。

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