2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高三(上)开学物理试卷【解析版】
浙江省余姚中学2016届高三上学期期中考试物理含答案
2015学年余姚中学高三物理期中试卷第一学期、单项选择题1.如图所示，物体A靠在竖直墙壁面上，在水平方向的力F作用下，A、B保持静止，则物体A的受力个数是........................... （）A.6B.5C.4D.32.如图所示，半径为R、质量为m且分布均匀的闭合金属圆环用长为L的丝线悬挂于天花板下，其下方横放着一根通电直导线，今将环拉至摆线与竖直方向成角的位置，无初速释放，设环在摆动过程中始终保持与导线在同一平面内，则（）•A. 环能摆到右侧同一高度处B. 环第一次摆到右边最高点过程中感应电流方向不变C. 环运动中所受安培力始终与速度方向相反D. 环运动中所受安培力始终沿竖直方向3.夏季游乐场的“飞舟冲浪”项目受到游客的欢迎，简化模型如图，一游客（可视为质点）以某一水平速度V。
从A点出发沿光滑圆轨道运动，至B点时脱离轨道，最终落在水面上的C点，不计空气阻力.下列说法中正确的是（）A. 在A点时，游客对圆轨道压力等于其重力B. 在B点时，游客的向心加速度为gC. B到C过程，游客做变加速运动D. A到B过程，游客水平方向的加速度先增加后减小4.如图所示,甲图为质点a和b做直线运动的位移-时间（x-t ）图象，乙图为质点c和d做直线运动的速度一时间（v-t ）图象，由图可知A. 在t1到12时间内，四个质点中只有点的运动方向发生了改变B. 在t1到12时间内，四个质点中只有点做变速运动C. 若t1时刻a、b两质点第一次相遇两质点第二次相遇点处的磁感应强度 B ， 但您能根据所学的物理知识判断出以下有关 P 点磁感应强度 B 的表达式是A.B P丄?2 3 (R 2 x 2)2B PC.B P? RI3-32 2 2 2 (R x )2B P0 cR 3I3X 2)22(R 26.如图所示电路，合上开关 对于充电过程，下列关于电容器的带电量Q7.如图所示,两个固定的相同金属环相距某一距离同轴放置，两环带等量异种电荷。
【物理】浙江省宁波市2015届高三上学期期末考试试卷(精校解析版)
2015届浙江省宁波市高三上学期期末考试物理试卷一、单项选择（共8题，每小题3分）1．某学习小组以“假如失去¨¨¨”为主题展开讨论，同学们提出以下四种观点，你认为正确的是（）A．假如物体间失去了摩擦力，任何运动物体的机械能一定守恒B．假如没有洛伦兹力，导体棒切割磁感线时就不会产生动生电动势C．假如磁体周围失去了磁场，那么其它形式的能都将无法转化为电能D．假如导体失去了电阻，所有用电器将都不能工作【答案】B．【解析】物体失去摩擦力，运动的物体机械能不一定守恒，机械能守恒的条件是只有重力做功或弹力做功，若除重力或弹力以外有其它力做功，机械能不守恒．故A错误；洛伦兹力是产生动生电动势的非静电力，假如没有洛伦兹力，导体棒切割磁感线时就不会产生动生电动势，故B正确；失去了磁体周围的磁场，我们没法利用磁场来发电；但可以利用其它方法产生电，如摩擦起电、雷电、蓄电池和干电池提供的直流电等；故C错误；用电器是根据电流的热效应、磁效应或化学效应工作的，假如导体失去了电阻，利用电流热效应工作的用电器不能工作，但利用电流的化学效应与磁效应工作的用电器可以正常工作，故D错误。
【考点】机械能守恒定律．2．如图，质量为m、带电量为+q的滑块，沿绝缘斜面匀速下滑，当滑块滑至竖直向下的匀强电场区时，滑块运动的状态为（）A．继续匀速下滑B．加速下滑C．减速下滑D．先加速下滑后减速下滑【答案】A．【解析】设斜面的倾角为θ．滑块没有进入电场时，根据平衡条件得：mg sinθ=fN=mg cosθ又f=μN得到，mg sin θ=μmg cos θ，即有：sin θ=μcos θ当滑块进入电场时，设滑块受到的电场力大小为F ．根据正交分解得到滑块受到的沿斜面向下的力为（mg +F ）sin θ，沿斜面向上的力为μ（mg +F ）cos θ，由于sin θ=μcos θ，所以（mg +F ）sin θ=μ（mg +F ）cos θ，即受力仍平衡，所以滑块仍做匀速运动．故A 正确，B 、C 、D 错误．【考点】 匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律．.3．如图所示，处于真空中的正方体存在着电荷量为+q 或﹣q 的点电荷，点电荷位置图中已标明，则a 、b 两点电场强度和电势均相同的图是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】D 【解析】根据点电荷的电场强度公式E =k 2q r 可得各个点电荷在正方体的顶点的电场场强大小，可计算得a 、b 两点电场强度大小相等，根据正电荷的受力判断场强的方向相反，故A 错误．根据点电荷的电场强度公式E =k 2q r，可求得各个点电荷在a 、b 两点的电场场强大小，再根据矢量的合成，可得a 、b 两点的电场场强大小不等，故B 不错．根据点电荷的电场强度公式E =k2q r ，得a 、b 两点的电场场强大小相等，再根据矢量合成，求出合场强相等，再根据正电荷的受力判断场强的方向不同．故C 错误．根据点电荷的电场强度公式E =k 2q r 可得各个点电荷在a 、b 两点的电场场强大小相等，再根据矢量合成，求出合场强相等，再根据正电荷的受力判断场强的方向相同． 再根据U =Φ2﹣Φ1，U =Ed 得，Φ2﹣Φ1=Ed 可判断a 、b 两电势相等．故D 正确．【考点】 电势；电场的叠加．.4．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．两电压表可看作是理想电表，当闭合开关，将滑动变阻器的触片由右端向左滑动时，下列说法中正确的是（）A．小灯泡L1、L2均变暗B．小灯泡L1变亮，V1表的读数变大C．小灯泡L2变亮，V2表的读数不变D．小灯泡L1变暗，V1表的读数变小【答案】D．【解析】由图知：变阻器与灯泡L1并联，再与灯泡L2串联．V1表测量路端电压，V2表测量灯泡L2的电压．将滑动变阻器的触片由左端向左滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，变阻器与灯泡L1并联的电阻变小，外电路总电阻减小，路端电压减小，V1表的读数变小．由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流增大，灯泡L2变亮，电压表V2读数变大．灯泡L1的电压U1=E﹣I（r+R L2）减小，灯泡L1变暗．故ABC错误，D正确．【考点】闭合电路的欧姆定律．.5．如图所示，某同学为了找出平抛运动的物体初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方一块竖直挡板上的A点抛出．O与A在同一高度，小球的水平初速度分别为v1、v2、v3，不计空气阻力，打在挡板上的相应位置分别是B、C、D，且AB：BC：CD=1：3：5，则v1、v2、v3之间的正确关系是（）A．v1：v2：v3=3：2：1 B．v1：v2：v3=6：3：2C．v1：v2：v3=5：3：1 D．v1：v2：v3=9：4：1【答案】B【解析】忽略空气阻力，则小球被抛出后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，根据212h gt = 得：t = 所以三次小球运动的时间比t 1：t 2：t 31:2:3= 水平位移相等，根据v =得：v 1：v 2：v 3=123111::6:3:2t t t = 【考点】 平抛运动．.6．蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱．如图所示，蹦极者从P 点静止跳下，到达A 处时弹性绳刚好伸直，继续下降到最低点B 处，B 离水面还有数米距离．蹦极者在其下降的整个过程中，重力势能的减少量为△E 1、绳的弹性势能增加量为△E 2、克服空气阻力做功为W ，则下列说法正确的是（ ）A ． 蹦极者从P 到A 的运动过程中，机械能守恒B ． 蹦极者与绳组成的系统从A 到B 的过程中，机械能守恒C ． △E 1=W +△E 2D ． △E 1+△E 2=W【答案】C ．【解析】蹦极者从P 到A 的过程中，除了重力做功以外，有空气阻力做功，机械能不守恒．故A 错误；从A 到B 的过程中，有重力、弹力和阻力做功，对于系统，除了重力和弹力做功以外，有阻力做功，系统机械能不守恒．故B 错误；根据能量守恒知，由于动能变化量为零，重力势能的减小量等于弹性势能的增加量与克服阻力做功之和，即△E 1=W+△E 2．故C 正确，D 错误．【考点】 机械能守恒定律．.7．如图所示，两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平面声的M、N两小孔中，O为M、N连线的中点，连线上a、b两点关于O点对称．导线中均通有大小相等、方向向上的电流．已知长直导线在周围产生的磁场的磁感应强度B=LIr，式中K是常数、I是导线中的电流、r为点到导线的距离．一带正电小球以初速度V0从a点出发沿连线运动到b点．关于上述过程，下列说法正确的是（）A．小球对桌面的压力先减小后增大B．小球对桌面的压力一直在增大C．小球先做加速运动后做减速运动D．小球先做减速运动后做加速运动【答案】B．【解析】根据右手螺旋定则可知，从a点出发沿连线运动到b点，直线M处的磁场方向垂直于MN向里，直线N处的磁场方向垂直于MN向外，所以合磁场大小先减小过O点后反向增大，而方向先里，过O点后向外，根据左手定则可知，带正电的小球受到的洛伦兹力方向开始的方向向上，大小在减小，过O得后洛伦兹力的方向向下，大小在增大．由此可知，小球在速度方向不受力的作用，则将做匀速直线运动，而小球对桌面的压力一直在增大，故ACD错误，B正确．【考点】带电粒子在混合场中的运动；力的合成与分解的运用．.8．如图所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在b球上的力大小为F、作用在a球上的力大小为2F，则此装置平衡时的位置可能是下列哪幅图（）A．B．C．D．【答案】C．【解析】设每个球的质量为m，o a与ab和竖直方向的夹角分别为α、β．以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1，根据平衡条件可知，o a绳的方向不可能沿竖直方向，否则整体的合力不为零，不能保持平衡．由平衡条件得：tanα=，以b球为研究对象，分析受力情况，如图2，由平衡条件得：tanβ=，则α＜β．故C正确．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.二、不定项选择（本题共5题，每小题5分．每小题至少有一个选项符合题意．全部选对的得5分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分）9．将小球从地面以初速度V0竖直向上抛出，运动过程中小球受到的空气阻力大小不变，最终小球又回到地面，以地面为零势能面，则小球（）A．上升的最大高度小于2 0 2 v gB．上升的时间大于下落的时间C．上升过程中达到最大高度一半时其动能大于重力势能D．下降过程中达到最大高度一半时其动能等于重力势能【答案】AC．【解析】上升过程中的加速度大于g ，所以上升的最大高度：h =220022v v a g<，故A 正确；上升过程：物体所受的空气阻力向下，与重力方向相同，合力大于重力，根据牛顿第二定律加速度大于g ；下落过程：空气阻力向上与重力方向相反，所以物体加速度小于g ，下落与上升两个过程的位移大小相等，根据运动学公式x =12at 2，由于上升的加速度大，可知，上升时间短于下落时间．故B 错误；上升过程中到达最大高度一半时其重力势能： P 2h E mg = ，继续上升的到达最高点的过程中：E K =W G +W f =2h mg +W f ＞W P ，故C 正确；下降过程中到达最大高度一半时其动能：E K ′=W G ﹣W f =2h mg ﹣W f ＜W P ，故D 错误； 【考点】 机械能守恒定律．.10．如图所示，一根细绳的上端系在O 点，下端系一个重球B ，放在粗糙的斜面体A 上．现用水平推力F 向右推斜面体使之在光滑水平面上向右匀速运动一段距离（细绳尚未到达平行于斜面的位置）．在此过程中（ ）A ． 小球做匀速圆周运动B ． 摩擦力对重球B 做正功C ． 水平推力F 和重球B 对A 做功的大小相等D ． A 对重球B 的摩擦力所做的功与重球B 对A 的摩擦力所做的功大小相等【答案】BC ．【解析】小球B 的线速度可以分解为水平方向的分速度与沿绳子方向的分速度，如图，则：v =v 0cos θ，可知小球的线速度随θ的增大是逐渐变小的，不是匀速圆周运动．故A 错误．斜面对B 的摩擦力沿斜面向下，B 的运动轨迹的弧线在B 受到的支持力的上方，所以B 受到的摩擦力与B的位移方向夹角为锐角，所以斜面对P的摩擦力对m做正功，故B正确；斜面体A做匀速运动，动能不变，外力对A所做的总功为零，则知水平推力F和重球B对A 做功的大小相等，故C正确．A对重球B的摩擦力和重球B对A的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等，但是B在摩擦力方向上的位移和A在摩擦力方向上的位移不等，所以做功也不等，故D错误．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；功的计算．.11．如图所示，一个绝缘且内壁光滑的环形细圆管，固定于竖直平面内，环的半径为R（比细管的内径大得多），在圆管的最低点有一个直径略小于细管内径的带正电小球处于静止状态，小球的质量为m，带电量为q，重力加速度为g．空间存在一磁感应强度大小未知（不为零），方向垂直于环形细圆管所在平面且向里的匀强磁场．某时刻，给小球一方向水平向右，大小为V0=的初速度，则以下判断正确的是（）A．无论磁感应强度大小如何，获得初速度瞬间，小球在最低点一定受到管壁的弹力作用B．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球在最高点一定受到管壁的弹力作用C．小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点过程中，水平方向分速度的大小一直减小D．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球到达最高点时的速度大小都相同【答案】BD．【解析】由左手定则可判定小球受到的洛伦兹力F始终指向圆心，另外假设小球受到管道的支持力N，小球获得v0的初速度后，由牛顿第二定律可得：F+N﹣mg=m2 0 v R解得：N=mg+m2vR﹣F=6mg﹣qv0B可见，只要B足够大，满足6mg=qv0B，支持力N就为零，所以小球在最低点不一定受到管壁的弹力作用．故A错误．由于洛伦兹力不做功，只有重力对小球做功，故小球能不能到最高点与磁感应强度大小无关，从最低点到最高点的过程中，由动能定理可得：﹣mg2R=12mv2﹣12mv02解得：v，可知小球能到最高点，由于当v mg，故此时小球除受到重力，向下的洛伦兹力之外，一定还有轨道向上的支持力大小等于洛伦兹力，故B、D正确．对小球的速度分解在水平和竖直方向上，小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点的过程中，水平方向分速度先减小，至圆心等高处，水平分速度为零，再往上运动，水平分速度又增加，故C错误．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．.12．用一根横截面积为S、电阻率σ的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的一条直径．如图所示，在ab的左侧存在一个均匀变化的匀强磁场，磁场垂直圆环所在的平面，方向如图，磁感应强度大小随时间的变化率Bt∆∆=k（k＜0），则（）A．圆环具有扩张的趋势B．圆环中产生逆时针方向的感应电流C．圆环中产生的感应电流大小为﹣krS σD．图中a、b两点的电压U=|0.25kπr2|【答案】AD．【解析】穿过圆环的磁通量减少，由楞次定律可知，圆环为了阻碍磁通量的减少，圆环应有扩张的趋势，故A正确；磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小随时间的变化率Bk t∆=∆（k＜0），说明B减少，穿过圆环的磁通量减少，由楞次定律判断可知：圆环中产生的感应电流方向沿顺时针方向，故B 错误．由法拉第电磁感应定律得E =2B r t π∆⋅∆ =k πr 2，圆环的电阻R =σ2r Sπ，则感应电流大小为 I ==4krS σ ，故C 错误． a 、b 两点的电势差应等于路端电压，故U =I ==|0.25k πr 2|，故D 正确；【考点】 导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．.13．如图所示，长方形abcd 长ad =0.6m ，宽ab =0.3m ，e 、f 分别是ad 、bc 的中点，以ad 为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B =0.25T ．一群不计重力、质量m =3×10﹣7kg 、电荷量q =+2×10﹣3C 的带电粒子以速度V 0=5×102m/s 从左右两侧沿垂直ad 和bc 方向射入磁场区域（不考虑边界粒子），则（ ）A ． 从ae 射入的粒子，出射点分布在ab 边和bf 边B ． 从ed 射入的粒子，出射点全部分布在bf 边C ． 从bf 射入的粒子，出射点全部分布在ae 边D ． 从fc 射入的粒子，全部从d 点射出【答案】BD ．【解析】粒子进入磁场后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv 0B =m 20v r， 解得：r =72033105100.3m 2100.25mv qB --⨯⨯⨯==⨯⨯； A 、从ae 边射入的粒子，粒子进入磁场后受到向上的洛伦兹力，将向上偏转而做匀速圆周运动，由于轨道半径r =0.3m=ab ，由几何关系知粒子将从圆弧af 射出磁场，射出磁场后做匀速直线运动，最后bf 边射出，故A 错误；B 、由上知粒子轨道半径r =ab ，从d 点射入的粒子恰好从f 点射出磁场，从ed 边射入的粒子，从ed 射入磁场的粒子向上偏转，最终从bf 边射出，故B 正确；C 、从bf 边射入的粒子将向下偏转，画出粒子的运动轨迹，如图蓝线所示，则知粒子的出射点分布在ae 边与d 点，故C 错误；。
浙江省余姚中学高三上学期第一次质量检测(物理).doc
2010学年度余姚中学 高三物理质量检测试卷第一学期一、单项选择题：（每小题3分，共24分. 在每小题给出的四个选项中，每个小题只有一个选项正确，选对的得3分，错选或不选的得0分。
）1、在2008北京奥运会中，牙买加选手博尔特是一公认的世界飞人，在男子100m 决赛和男子200m 决赛中分别以9.69s 和19.30s 的成绩破两项世界纪录，获得两枚金牌。
关于他在这两次决赛中的运动情况，下列说法正确的是（ ）A ．200m 决赛中的位移是100m 决赛的两倍B ．200m 决赛中的平均速度约为200÷19.30=10.36(m/s)C ．100m 决赛中的平均速度约为100÷9.69=10.32(m/s)D ．100m 决赛中的最大速度约为20.64m/s2、下面关于加速度的描述中正确的是（ ） A ．加速度描述了物体速度变化的多少 B ．加速度描述物体的速率变化的快慢程度 C ．加速度与运动方向相同时，物体一定做加速运动 D ．加速度逐渐减小时，物体一定在做减速运动3、如图所示是做直线运动的甲、乙两物体的S —t 图象， 由图象可知下列说法中错误．．的是：（ ） A ．乙开始运动时，两物体相距20mB ．在0～10s 这段时间内，物体间的距离逐渐变大C ．在10～20s 这段时间内，物体间的距离逐渐变小D ．两物体在10s 时相距最远，在20s 时相遇4、如图所示，一个小物体从光滑斜面由A 点上方从静止开始下滑，在它通过的路径中取AE 并分成相等的四段，v A 、v B 、v C 、v D 、v E 表示通过A 、B 、C 、D 、E 点的瞬时速度，v 表示AE 段的平均速度，则下列关系中正确的是（）A 、v= vB B 、v= v CC 、v B ＜v ＜v CD 、v C ＜v ＜v D5、如图所示，物体A 、B 和C 叠放在水平桌面上，水平力为F b ＝5N 、F c ＝10N ，分别作用于物体B 、C 上，A 、B 和C 仍保持静止．以1f F 、2f F 和3f F 分别表示A 与B 、B 与C 、C 与桌面间的静摩擦力的大小，则（）A ．1f F ＝5N ，2f F ＝0N ，3f F ＝5NB ．1f F ＝5N ，2f F ＝5N ，3f F ＝0NC ．1f F ＝0N ，2f F ＝5N ，3f F ＝5ND ．1f F ＝0N ，2f F ＝10N ，3f F ＝5N 6、如图所示两完全相同的小球质量均为m ，放在竖直挡板和倾角为 的固定斜面间，若缓慢转动挡板至与斜面垂直，此过程中 （ ） A. A 、B 两球间的弹力逐渐增大 B. B 球对挡板的压力逐渐减小 C. B 球对斜面的压力逐渐增大 D. A 球对斜面的压力逐渐增大7、为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。
2015-2016学年浙江省宁波市高三(上)期末物理试卷
2015-2016学年浙江省宁波市高三（上）期末物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共计24题．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题设要求．）1．（3分）下列说法中，正确的是（）A．在国际单位制中，力学中的基本单位是N、m、s（牛、米、秒）B．电场强度E=和电容C=都是采用比值法定义C．物体沿粗糙面匀速下滑，机械能一定守恒D．闭合回路中有磁通量，则回路中一定有感应电流2．（3分）“投壶”是我国的一种传统投掷游戏．如图所示，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度分别以水平速度v1、v2抛出“箭矢”（可视为质点），都能投入地面上的“壶”内，“箭矢”在空中的运动时间分别为t1、t2．忽略空气阻力，则（）A．t1＜t2B．t1=t2C．v1＜v2D．v1＞v23．（3分）如图甲所示，在同一平面内有两个圆环A、B，圆环A将圆环B为面积相等的两部分，以甲图中A环电流沿顺时针方向为正，当圆环A中的电流如图乙所示变化时，下列说法正确的是（）A．B中始终没有感应电流B．B中有顺时针方向的感应电流C．B中有逆时针方向的感应电流D．B中的感应电流先沿顺时针方向，后沿逆时针方向4．（3分）如图所示，两个质量为m1的小球套在竖直放置的光滑支架上，支架的夹角为120°，用轻绳将两球与质量为m2的小球连接，绳与杆构成一个菱形，则m1：m2为（）A．1：1B．1：2C．1：D．：25．（3分）英国特技演员史蒂夫•特鲁加里亚曾经飞车挑战壯界最大环形车道．如图所示，环形车道竖直放置，直径达12m，若汽车在车道上以12m/s恒定的速率运动，演员与摩托车的总质量为1000kg，车轮与轨道间的动摩擦因数为0.1，重力加速度g取10m/s2，则（）A．汽车在环形车道上的角速度为1rad/sB．汽车通过最高点时，演员处于失重状态C．汽车发动机的功率恒定为4.08×104WD．若要挑战成功，汽车不可能以低于12m/s的恒定速率运动6．（3分）如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，具有不同水平速度的带电粒子（不计重力）射入后发生偏转的情况不同．这种器件能把具有特定速度的粒子选择出来，所以叫速度选择器．下列关于速度选择器的说法正确的是（）A．这个特定速度与粒子的质量有关B．这个特定速度与粒子的比荷有关C．从右向左以特定速度射入的粒子有可能沿直线穿出速度选择器D．从左向右以特定速度射入的粒子才能沿直线穿出速度选择器7．（3分）如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端栓一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点，把小球拉到使细线水平的位置A，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平方向成θ=60°的位置B时速度为零．以下说法正确的是（）A．小球重力与电场力的关系是mg=EqB．小球在B点时，细线拉力为2EqC．小球在A点和B点的加速度大小相等D．如果小球带正电，还能沿AB圆弧运动8．（3分）物体在竖直平面内运动，它的动能随时间变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A．物体的初动能为零B．0～t1时间内物体可能做减速运动C．t1～t2时间物体一定做匀速线运动D．0～t2时间内物体可能一直在做变速运动二、不定项选择题（本题共5小题，每题给出的四个选项中，有的只有一个是正确的，有的有几个是正确的．全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选的得0分，共20分．）9．（4分）如图所示，轻质弹簧的一端固定在倾角为θ的光滑斜面底端，另一端与质量为m的物块连接．开始时用手拉住物块使弹簧伸长x1，放手后物块由静止开始下滑，下滑到最低点时弹簧压缩了x2 ，则在物块下滑到最低点的过程中，下列判断正确的是（）A．物块的加速度一直减小B．重力的功率先增大后减小C．弹簧的弹性势能变化了mg（x1+x2）sinθD．物块重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变10．（4分）一个称为“千人震”的趣味物理小实验，实验是用一节电动势为1.5V 的新干电池、一个日光灯镇流器（自感线圈）、开关和几根导线连成如图所示的电路．几位做实验的同学手拉手连成一排，首、尾两位同学分别握住导线的A、B端，在开关闭合或断开时就会使连成一排的同学都有触电感觉，则（）A．人有触电感觉是在开关闭合的瞬间B．人有触电感觉是在开关断开的瞬间C．该实验现象的发生是因为自感线圈会产生很高的自感电动势D．若增加拉手的人数，触电的感觉会变得不明显11．（4分）如图所示，小车上有一固定的水平横杆，横杆左边有一轻杆与竖直方向成θ角并与横杆固定，下端连接一质量为m1的小铁球，横杆右边用一根细线吊一质量为m2小铁球，当小车向右做加速运动时，细线保持与竖直方向成α角，若θ＜α，则下列说法正确的是（）A．轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上B．轻杆对小球的弹力方向与细线平行C．轻杆对小球的弹力与细线对小球的弹力大小相等D．此时小车的加速度为gtanα12．（4分）如图所示，质量为m的带正电的物体放在粗糙绝缘的水平面上，与水平面之间的动摩擦因数为μ，物体所处空间存在正交的电磁场，匀强电场方向竖直向下，匀强磁场方向垂直纸面向内，某时刻给物体一个水平向右的初速度v0，关于物体的受力和运动情况，下列说法中正确的是（）A．可能受到5个力的作用B．可能做匀减速运动C．可能做匀速直线运动D．可能做匀速圆周运动13．（4分）电子眼系统通过路面下埋设的感应线来感知汽车的压力。
浙江省宁波市2015届高三上学期期末考试物理试题 Word版含答案
宁波市2014—2015学年第一学期高三物理期末考试一、单项选择（共8题，每小题3分）１、某学习小组以“假如失去¨¨¨”为主题展开讨论，同学们提出以下四种观点，你认为正确的是（）Ａ·假如物体间失去了摩擦力，任何运动物体的机械能一定守恒Ｂ·假如没有洛伦兹力，导体棒切割磁感线时就不会产生动生电动势Ｃ·假如磁体周围失去了磁场，那么其它形式的能都将无法转化为电能Ｄ·假如导体失去了电阻，所有用电器将都不能工作２、如图，质量为m、带电量为＋q的滑块，沿绝缘斜面匀速下滑，当滑块滑至竖直向下的匀强电场区时，滑块运动的状态为（）Ａ·继续匀速下滑Ｂ·加速下滑Ｃ·减速下滑Ｄ·先加速下滑后减速下滑３、如图所示，处于真空中的正方体区域存在着电荷量为＋q或－q的点电荷，点电荷的位置在图中已标明，则a、b两点电场强度和电势均相同的是（Ｃ）４、如图所示，电源电动势为Ｅ，内电阻为r。
两电压表可看作是理想电表，当闭合开关，将滑动变阻器的触片有右端向左端滑动时，下列说法中正确的是（）Ａ·小灯泡Ｌ１、Ｌ２均变暗Ｂ·小灯泡Ｌ１变亮，Ｖ１表的读数变大Ｃ·小灯泡Ｌ２变亮，Ｖ２表的读数不变Ｄ·小灯泡Ｌ１变暗，Ｖ１表的读数变小５、如图所示，某同学为了找出平抛运动的物体初速度之间的关系，用一个小球在Ｏ点对准前方一块竖直挡板上的Ａ点抛出。
Ｏ与Ａ在同一高度，小球的水平初速度分别为Ｖ１、Ｖ２、Ｖ３，不计空气阻力，打在挡板上的相对应的位置分别为Ｂ、Ｃ、Ｄ，且ＡＢ：ＢＣ：ＣＤ＝１：３：５，则Ｖ１、Ｖ２、Ｖ３，之间的正确关系是（）Ａ·Ｖ１、Ｖ２、Ｖ３＝３：２：１Ｂ·Ｖ１、Ｖ２、Ｖ３＝６：３：２Ｃ·Ｖ１、Ｖ２、Ｖ３＝５：３：１Ｄ·Ｖ１、Ｖ２、Ｖ３＝９：４：１６、蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱。
2015-2016学年度第一学期检测试题.doc
=ma 1 = T.6N 即a 所受摩擦力大小为1.6N（2分）2015 — 2016学年度第一学期检测试题高三物理参考答案与评分标准一、 单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分.每小题只有一个 选项符合题意. 对的得3分，错选或不答的得 0分. .... 1. A 2. C 3. D 4. B 5. C 二、 多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分.每小题有多个选项符合题意. 部选对的得 4分，选对但不全的得 2分，错选或不答的得 0分. 6. CD 7. AD 8. BC 9. BCD 三、简答题：本题分必做题（第 10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计 34 分. 将解答填写在答题卡相应的位置. 10. （ 10分）（1）长木板的倾角过大；或平衡摩擦力过度 2分）2 （2） 4.80 （2 分）；a ~S1）f（2 分）（3） AB （4分，漏选得2分，错选得0 分） 11.（ 8分）（1） F =2mg H +mg R （2）图线如右图所示（2分）（2 分）（3） 0.2 （2分）； 0.2 （2 分） 12. A .[选修模块 3-3] （8 分） （AC （4 分） （2） 2.5 （2 分）； 吸热（2分 B .: 选修模块3-4 : （8分）（1） BD （4 分）（2） 血（2分）； 增大（2分） C .[选修模块3-5] （8分） （1） AB （4 分）（2）3 （2 分）；10.05 （2 分） 四、计算或论述题：本题共 4小题，共55 分. 重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分. 13. （ 12分）解析： 解答时应写出必要的文字说明、方程式和 （1）对a 由v-t 图可得:^=^m/s 2=-2m/s ： 也t , 4（2分） 由牛顿第二定律：f1X 2 =-（8+16）x8m=96m14. ( 12分)解析:1由动能定理： eEy=Ek-—mv解得：E k heUj + eUf4L15. ( 15分)解析： (1 )小球在距B 点L 处F sin 日=mg ,（2） F COS0 =mt5（2Lsin ^E 曰 g cos 8 解2Td 而（3）小球在距B 点2L 处F sin 日=mg ； F co ^ =mo 122Lsin ^(2)对b 由v-t 图可得：a 2△t 2= Xm/s 2=1m/s 28 （2分）由牛顿第二定律：F - f =ma 2F =2. N（2分）(3)设a 、b 物块8s 内的位移为x i 、 X 2，由图像得:X 1= 1x8x4m = 16m 2（2 分） 所以8s 末a 、b 间的距离X 2 -X , =80m（2 分）(1)由动能定理：eU 1M^mv 2 （2分）解得:2（1 分）(2)电子在偏转电场中做类平抛运动:dJat 2 2L =vt（1 分）（1 分）eU 2a = ---dm（1 分）解得：U 2md 2v 2 -eL 22U 1d 2L 2 （1 分）（3）若 U 2 =U 2/2，则：L =vteU 22dm（2 分） （2 分）（1 分）3解得：W =-mgLcos816. （ 16分）解析:（2）从 A — D ：mg （X AB Sin 9 — R ） — ^^gx Bc =1mv D 解得: 2解得：N =2.6mg由牛顿第三定律，环对轨道的作用力大小为26mg ，方向竖直向上（3）假设小环第n 次向右过D 时（n 》l 的整数），速度为V D .,由动能定理:1mg （6Rsin—吨2-2（2）（2只你）叭=2mvmgR （2.6 -0.8n ） Jmv Dn 》0226n 吒——所以最多向右3次通过D 点8假设小环第k 次向左过D 时（k 》l 的整数）mg[6 Rsi 圳一R T# mg 6R 2 （k mgR （2.2-0.8k ） Jmv Gk AO2解讥1 Jgco号1V 2Lsin 20开始时小球圆周运动线速度 v 0 =（a 0Lsi = j Lg cos 8 W "^Lsin Q = J 2 Lg cos8 1 2 此时小球圆周运动线速度由动能定理得 W-mgLcosQ =-mv ；2（1分）（1 分） （1 分） （2分）第一次在D 处：（假设轨道对环的作用力是向下的）mg + N2VD =m —R（1分）（1 分）（1） mgsin 0 = maXA^-at 22解得:（3 分）V D = j3.6gR （3 分）（1 分）2Dn（2 分），速度为V Gk ，由动能定理:1）（甩临銅Gk22k <——所以最多向左2次通过D点8设小环第3次向右过D到达E点时动能为由动能定理：mg6Rsin 日—2（3-1）（2R+2R）^mg — 4mg2R = E k 解得：E k =1.2mgR此后，小环在DG之间来回运动，最终停下，设环在水平面上通过的路程为由动能定理：一怖gs=O-E k 解得：S=12R=6X EF所以，环过D点的次数为5次（3次向右2次向左），最终停在E点。
高三物理月考试题及答案-浙江宁波市余姚中学2016届高三上学期10月月考试题
浙江省宁波市余姚中学2016届高三上学期10月月考物理试题一、选择题（共13小题，每小题4分，满分52分）1．如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部爬到a处，下列说法正确的是（）A．在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力B．在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力C．在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力D．在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力2．一个质量为m的物体（可视为质点），以某一初速度由A点冲上倾角为30°的固定斜面，其加速度大小为g，物体在斜面上运动的最高点为B，B点与A点的高度差为h，则从A点到B点的过程中，下列说法正确的是（）A．物体动能损失了B．物体重力势能增加了mghC．物体机械能损失了mgh D．物体机械能损失了3．一个直流电动机，线圈电阻是0.5Ω，当它两端所加电压为6V时，通过电动机的电流是2A．由此可知（）A．电动机消耗的电功率为10WB．电动机发热的功率为10WC．电动机输出的机械功率为10WD．电动机的工作效率为20%4．如图所示，在光滑的水平地面上，质量分别为m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，此瞬间A和B的加速度大小为a1和a2，则（）A．a1=a2=0B．a1=a，a2=0C．a1=a；a2= aD．a1=a；a2= a5．如图所示，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度和宽度均为0.25m，g取10/s2，小球抛出后首先落到的台阶是（）A．第一级台阶B．第二级台阶C．第三级台阶D．第四级台阶6．真空中有一带负电的电荷绕固定的点电荷+Q运动，其轨迹为椭圆，如图所示．已知abcd 为椭圆的四个顶点，+Q处在椭圆焦点上，则下列说法正确的是（）A．b、d两点的电场强度大小一定相等B．a、c两点的电势相等C．负电荷由b运动到d电场力做正功D．负电荷由a经d运动到c的过程中，电势能先减小后增大7．如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C，R为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S后，将照射光强度增强，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则在此过程中（）A．△U和△I的比值增大B．电压表示数U和电流表示数I比值不变C．电阻R0两端电压增大，增加量为△UD．电容器的带电量减小，减小量为c△U8．如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能E k与离地高度h 的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余部分为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．小物体下降至高度h3时，弹簧形变量为0B．小物体下落至高度h5时，加速度为0C．小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了D．小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能为mg（h1﹣h5）9．在绝缘粗糙的斜面上A点处固定一点电荷甲，将一带电小物块乙从斜面上B点处由静止释放，乙沿斜面运动到C点时静止，则（）A．乙受到的库仑力逐渐减小B．B点电势一定高于C点电势C．从B到C，乙的电势能一直增加D．从B到C，电场力对乙做的功小于乙克服摩擦力做的功10．如图，质量为M、半径为R的半球形物体A放在粗糙水平地面上，通过最高点处的钉子用水平轻质细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B，重力加速度为g，则（）A．A对地面的摩擦力大小为零B．B对A的压力大小为mgC．细线对小球的拉力大小为mgD．若剪断绳子（A不动），则此瞬时球B加速度大小为g11．如图所示叠放在水平转台上的小物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，A与B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r．设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中不正确的是（）A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：D．转台的角速度一定满足：12．如图所示，沿水平方向放置的平行金属板a和b，分别与电源的正负极相连．a，b板的中央沿竖直方向各有一个小孔，带正电的液滴从小孔的正上方P点由静止自由落下，先后穿过两个小孔后速度为v1，现进行下列操作后相同的液滴仍从P点自由落下，先后穿过两个小孔后速度v2；下列说法中正确的是（）A．若K电键保持闭合，向下移动b板，则v2＞v1B．若电键K闭合一段时间后再断开，向下移动b板，则v2＞v1C．若电键K保持闭合，无论向上或向下移动b板，则v2=v1D．若电键K闭合一段时间再断开，无论向上或向下移动a板，则v2＜v113．传送带是应用广泛的一种传动装置．在一水平向右匀速运动的传送带的左端A点，每隔相同的时间T，轻放上一个相同的工件．已知工件与传送带间动摩擦因数为μ，工件质量为m．经测量，发现前面那些已经和传送带达到相同速度的工件之间的距离均为L．已知重力加速度为g，下列判断正确的有（）A．传送带的速度大小为B．工件在传送带上加速时间为C．每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量为D．传送带因传送每一个工件而多消耗的能量为二、解答题（共5小题，满分48分）14．某活动小组利用图甲装置验证机械能守恒定律．钢球自由下落过程中，先后通过光电门A、B，计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为t A、t B．用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度．测出两光电门间的距离为h，当地的重力加速度为g．（1）用游标卡尺测量钢球的直径，读数如图乙所示，钢球直径为D= cm．（2）要验证机械能守恒，只要比较．A．D2（﹣）与gh是否相等B．D2（﹣）与2gh是否相等C．D2（﹣）与gh是否相等D．D2（﹣）与2gh是否相等（3）钢球通过光电门的平均速度（选填“＞”或“＜”）钢球球心通过光电门的瞬时速度，由此产生的误差（选填“能”或“不能”）通过增加实验次数减小．15．现要测量电流表G1的内阻，给出下列器材：电流表G1（量程5mA，内阻r1约为150Ω左右），电流表G2（量程10mA，内阻r2约为100Ω左右）定值电阻R1=100Ω定值电阻R2=10Ω滑动变阻器R3（0～200Ω）干电池E（1.5V，内阻未知）单刀单掷开关S 导线若干①定值电阻选；②在方框中画出实验电路设计图，并标明所用器材的代号；③若选测量数据中的一组来计算r1，所用的表达式r1，式中各符号的意义是：．16．一宠物毛毛狗“乐乐”在玩耍时不慎从离地h1=19.5m高层阳台无初速度竖直掉下，当时刚好是无风天气，设它的质量m=2kg，在“乐乐”开始掉下的同时，几乎在同一时刻刚好被地面上的一位保安发现并奔跑到达楼下，奔跑过程用时2.5s，恰好在距地面高度为h2=1.5m处接住“乐乐”，“乐乐”缓冲到地面时速度恰好为零，设“乐乐”下落过程中空气阻力为其重力的0.6倍，缓冲过程中空气阻力为其重力的0.2倍，重力加速度g=10m/s2．求：（1）为了营救“乐乐”允许保安最长的反应时间；（2）在缓冲过程中保安对“乐乐”做的功．17．（13分）（2014•荥阳市模拟）如图所示，光滑水平面右端B处连接一个竖直的半径为R 的光滑半圆轨道，B点为水平面与轨道的切点，在离B距离为x的A点，用水平恒力将质量为m的质点从静止开始推到B处后撤去恒力，质点沿半圆轨道运动到C处后又正好落回A点：（1）求推力对小球所做的功．（2）x取何值时，完成上述运动推力所做的功最少？最小功为多少．（3）x取何值时，完成上述运动推力最小？最小推力为多少．18．（12分）（2015•台儿庄区校级模拟）如图所示，直角坐标系xoy位于竖直平面内，在x ＞0的区域内有电场强度大小E=4N/C、方向沿y轴正方向的条形匀强电场，其宽度d=2m．一质量m=6.4×10﹣27kg、电荷量q=﹣3.2×10﹣19C的带电粒子从P点，其坐标为（0，1m）以速度V=4×104m/s，沿x轴正方向进入电场，经电场偏转最终通过x轴上的Q点（图中未标出），不计粒子重力．求：（1）当电场左边界与y轴重合时Q点的横坐标；（2）若只改变上述电场强度的大小，且电场左边界的横坐标x′处在0＜x′＜3m范围内，要求带电粒子仍能通过Q点，求此电场左边界的横坐标x′与电场强度的大小E′的函数关系．浙江省宁波市余姚中学2016届高三上学期10月月考物理试题参考答案与试题解析一、选择题（共13小题，每小题4分，满分52分）1．如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部爬到a处，下列说法正确的是（）A．在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力B．在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力C．在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力D．在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小虫缓慢上爬，可以认为小虫处于平衡状态，合力为零，小虫所受的摩擦力为静摩擦力，越往上爬，所受静摩擦力越大．解答：解：小虫缓慢上爬，可以认为小虫处于平衡状态，则合力始终为零，受力分析，根据共点力平衡有：f=mgsinα，N=mgcosα，因为A点的α比B点的大，所以在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力，在a点碗对蚂蚁的支持力小于在b点的支持力，故A错误，B正确；C、在a点和b点，碗对蚂蚁的作用力都等于蚂蚁的重力，所以在a点碗对蚂蚁的作用力等于在b点的作用力，故CD错误．故选：B．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．2．一个质量为m的物体（可视为质点），以某一初速度由A点冲上倾角为30°的固定斜面，其加速度大小为g，物体在斜面上运动的最高点为B，B点与A点的高度差为h，则从A点到B点的过程中，下列说法正确的是（）A．物体动能损失了B．物体重力势能增加了mghC．物体机械能损失了mgh D．物体机械能损失了考点：动能定理的应用．分析：根据动能定律列式求解动能减小量；机械能减小量等于除重力外其余力做的功．解答：解：A、滑块上升过程中，受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，得到合力F=ma=mg 沿斜面向下动能减小量等于克服合力做的功，故△E K减=FS=mg•2h=2mgh故A错误；B、物体上升了h，故重力势能增加了mgh；故B正确；C、D、系统损失的机械能等于减小的动能和势能之和，故△E减=△E K减﹣mgh=mgh故C正确，D错误；故选：BC．点评：本题关键是根据动能定理计算动能的变化，根据除重力外其余力做的功判断机械能的变化．3．一个直流电动机，线圈电阻是0.5Ω，当它两端所加电压为6V时，通过电动机的电流是2A．由此可知（）A．电动机消耗的电功率为10WB．电动机发热的功率为10WC．电动机输出的机械功率为10WD．电动机的工作效率为20%考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P热=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的解答：解：直流电动机线圈电阻为R，当电动机工作时通过的电流为I，两端的电压为U；总功率为：P=UI=2×6=12W发热功率为：P热=I2R=22×0.5=2W根据能量守恒定律，其输出功率是：P出=P﹣P热=12W﹣2W=10W机械的工作效率为%=故选：C．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．4．如图所示，在光滑的水平地面上，质量分别为m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，此瞬间A和B的加速度大小为a1和a2，则（）A．a1=a2=0B．a1=a，a2=0C．a1=a；a2= aD．a1=a；a2= a考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：分析A的受力，可以求出弹簧的弹力，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，分别对A、B 进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求解．解答：解：力F作用时，对A有：F弹=m1a对B有F﹣F弹=m2a当突然撤去推力F的瞬间，弹簧弹力没有发生改变，对B受力分析有：﹣F弹=m2a2解得：A受到弹力作用，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，所以A的加速度不变，仍为a．选项ABC 错误，D正确．故选D点评：采用整体法求物体的共同加速度，再用隔离法求各个物体受到的力的大小，这是求多个物体受力时的一般步骤．5．如图所示，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度和宽度均为0.25m，g取10/s2，小球抛出后首先落到的台阶是（）A．第一级台阶B．第二级台阶C．第三级台阶D．第四级台阶考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据平抛运动的特点水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，结合几何关系即可求解．解答：解：如图：设小球落到斜线上的时间t水平：x=v0t竖直：y=且解得t=0.4s相应的水平距离：x=2×0.4m=0.8m台阶数：n=知小球抛出后首先落到的台阶为第四级台阶．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键掌握平抛运动的特点：水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，难度不大，属于基础题．6．真空中有一带负电的电荷绕固定的点电荷+Q运动，其轨迹为椭圆，如图所示．已知abcd 为椭圆的四个顶点，+Q处在椭圆焦点上，则下列说法正确的是（）A．b、d两点的电场强度大小一定相等B．a、c两点的电势相等C．负电荷由b运动到d电场力做正功D．负电荷由a经d运动到c的过程中，电势能先减小后增大考点：电势能；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电粒子在绕Q点做圆周运动，点电荷对带电粒子的吸引力提供向心力，根据电场力对带电粒子的做功情况判断M点和N点的电势能大小关系；由离Q的远近判断场强大小；由库仑力与运动方向判断功的正负等解答：解：A、由点电荷电场分布可知，d点场强较小，故A错误B、由点电荷电场分布可知，ac与Q距离相等，必定位于同一个等势面，故B正确C、负电荷由b到a，电场力做负功，故C错误D、负电荷由a经d运动到c的过程中，电场力先做负功再做正功，电势能先增大后减小，故D错误故选B点评：本题主要考查了同学们识图的能力，知道做椭圆运动的物体在靠近焦点的轨道上运动的速度大于远离焦点轨道上的速度，难度不大，属于基础题7．如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C，R为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S后，将照射光强度增强，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则在此过程中（）A．△U和△I的比值增大B．电压表示数U和电流表示数I比值不变C．电阻R0两端电压增大，增加量为△UD．电容器的带电量减小，减小量为c△U考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：闭合开关S，将照射光强度增强，R减小，电路中电流增大，由欧姆定律分析电阻R0两端的电压，再根据路端电压的变化，分析电阻R0两端的电压变化量，并比较与△U的关系，确定电容带电量变化量．电压表的示数U和电流表的示数I的比值等于R．电压表示数变化量△U和电流表示数变化量△I的比值等于R0+r．解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R0+r），由数学知识得：=R0+r，保持不变．故A错误．B、将照射光强度增强时R减小，而=R，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变小．故B错误．C、闭合开关S，R减小后，电路中电流增大，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压增大，R两端的电压减小，而它们的总电压即路端电压减小，所以电阻R0两端的电压减小量小于△U．故C错误．D、电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压减小，带电量减小，减小量为C△U．故D正确．故选：D．点评：此题要注意：对于定值电阻R==，对于热敏电阻，是非线性元件，R=，但R，可根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析．8．如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能E k与离地高度h 的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余部分为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．小物体下降至高度h3时，弹簧形变量为0B．小物体下落至高度h5时，加速度为0C．小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了D．小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能为mg（h1﹣h5）考点：功能关系．分析：高度从h1下降到h2，图象为直线，该过程是自由落体，h1﹣h2的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；h3点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可以计算出弹簧的形变量；小物体下落至高度h5时，加速度最大；h4点与h2点物体的动能相同，根据功能关系即可得出h4点弹簧的弹性势能与h2点的弹性势能的变化量．由机械能守恒即可求出小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能．解答：解：A、高度从h1下降到h2，图象为直线，该过程是自由落体，h1﹣h2的坐标就是自由下落的高度，所以小物体下降至高度h2时，弹簧形变量为0．故A错误；B、物体的动能先增大，后减小，小物体下落至高度h4时，物体的动能与h2时的动能相同，由弹簧振子运动的对称性可知，在h4时弹簧的弹力一定是重力的2倍；小物体下落至高度h5时，动能又回到0，说明h5是最低点，弹簧的弹力到达最大值，一定大于重力的2倍，所以此时物体的加速度最大．故B错误；C、小物体下落至高度h4时，物体的动能与h2时的动能相同，由弹簧振子运动的对称性可知，在h4时弹簧的弹力一定是重力的2倍；此时弹簧的压缩量：，小物体从高度h2下降到h4，重力做功：．物体从高度h2下降到h4，重力做功等于弹簧的弹性势能增加，所以小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了．故C 错误；D、小物体从高度h1下降到h5，重力做功等于弹簧弹性势能的增大，所以弹簧的最大弹性势能为：mg（h1﹣h5）．故D正确．故选：D点评：知道物体压缩弹簧的过程，就可以逐个分析位移和加速度．要注意在压缩弹簧的过程中，弹力是个变力，加速度是变化的，当速度等于零时，弹簧被压缩到最短．9．在绝缘粗糙的斜面上A点处固定一点电荷甲，将一带电小物块乙从斜面上B点处由静止释放，乙沿斜面运动到C点时静止，则（）A．乙受到的库仑力逐渐减小B．B点电势一定高于C点电势C．从B到C，乙的电势能一直增加D．从B到C，电场力对乙做的功小于乙克服摩擦力做的功考点：电势差与电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据乙沿斜面运动到C点时静止，甲乙间的距离增大，库仑力减小，即可判断它们电性的关系．根据电场线的方向判断B、C间电势关系；根据库仑力做功的正负判断电势能的变化．根据功能关系分析能量如何转化解答：解：A、甲、乙之间的距离增大，而电量都不变，根据库仑定律可知乙所受的库仑力逐渐减小．故A正确．B、若两者是异种电荷，乙下滑的加速度将增大，不可能到C处静止，所以得知甲乙一定带同种电荷．但由于电荷甲的电性未知，电场线方向未知，无法判断B、C电势的高低．故B 错误．C、从B到C，由于电场力对物块乙做正功，乙的电势能一定减小．故C错误．D、从B到C的过程中，库仑力对乙做正功，摩擦力做负功，重力做正功，根据功能关系可知：乙的机械能的损失量与系统电势能的损失量之和等于乙克服摩擦力做的功．而电场力对乙做的功等于系统电势能的损失量，所以电场力对乙做的功小于乙克服摩擦力做的功，故D正确．故选：AD点评：本题关键能运用假设法确定出甲乙电性的关系，再根据由电场力做功正负判断电势能的变化，由功能分析各力做功的关系10．如图，质量为M、半径为R的半球形物体A放在粗糙水平地面上，通过最高点处的钉子用水平轻质细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B，重力加速度为g，则（）A．A对地面的摩擦力大小为零B．B对A的压力大小为mgC．细线对小球的拉力大小为mgD．若剪断绳子（A不动），则此瞬时球B加速度大小为g考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对整体受力分析，然后根据共点力平衡条件分析A选项；再隔离B物体受力分析后根据平衡条件分析BC选项；若剪断绳子，对B根据牛顿第二定律列式求解瞬时加速度．解答：解：A、对AB整体受力分析，受重力和支持力，相对地面无相对滑动趋势，故不受摩擦力，故A正确；BC、对小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：F=，T=mgtanθ其中cosθ=，tanθ=，故：F=mg，T=mg，故B正确，C错误；D、若剪断绳子（A不动），B球受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：mgsinθ=ma解得：a=gsinθ=g，故D错误；故选：AB点评：本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件和牛顿第二定律列式分析．11．如图所示叠放在水平转台上的小物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，A与B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r．设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中不正确的是（）A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：D．转台的角速度一定满足：考点：向心力；摩擦力的判断与计算．专题：匀速圆周运动专题．分析：A随转台一起以角速度ω匀速转动，靠静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律求出B对A的摩擦力大小．分别对A、AB整体、C受力分析，根据合力提供向心力，求出转台角速度的范围．解答：解：A、对A受力分析，受重力、支持力以及B对A的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有f=（3m）ω2r≤μ（3m）g．故A错误．B、由于A与C转动的角速度相同，由摩擦力提供向心力有m×1.5rω2＜3mrω2即C与转台间的摩擦力小于A与B间的摩擦力，故B错误；C、对AB整体，有：（3m+2m）ω2r≤μ（3m+2m）g…①对物体C，有：mω2（1.5r）≤μmg…②对物体A，有：3mω2r≤μ（3m）g…③联立①②③解得：，故C正确，D错误．本题选错误的，故选ABD．点评：本题关键是对A、AB整体、C受力分析，根据静摩擦力提供向心力以及最大静摩擦力等于滑动摩擦力列式分析是关键．12．如图所示，沿水平方向放置的平行金属板a和b，分别与电源的正负极相连．a，b板的中央沿竖直方向各有一个小孔，带正电的液滴从小孔的正上方P点由静止自由落下，先后穿过两个小孔后速度为v1，现进行下列操作后相同的液滴仍从P点自由落下，先后穿过两个小孔后速度v2；下列说法中正确的是（）A．若K电键保持闭合，向下移动b板，则v2＞v1B．若电键K闭合一段时间后再断开，向下移动b板，则v2＞v1C．若电键K保持闭合，无论向上或向下移动b板，则v2=v1D．若电键K闭合一段时间再断开，无论向上或向下移动a板，则v2＜v1考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．。
浙江省余姚市余姚中学 高中物理-光的折射测试题
浙江省余姚市余姚中学高中物理-光的折射测试题一、光的折射选择题1．在一薄壁圆柱体玻璃烧杯中，装有某种透明液体，液体中插入一根细铁丝，当人沿水平方向(垂直于纸面)观看时，会看到铁丝在液面处出现“折断”现象，此时，与实际情况相符合的是( )A．B．C．D．2．如图所示，光在真空和介质的界面MN上发生偏折，那么下列说法正确的是()A．光是从真空射向介质B．介质的折射率为1.73C．光在介质中的传播速度为1.73×108 m/sD．反射光线与折射光线成90°角E.当入射角增大10°，则折射角也将增大10°3．如图所示，截面为等腰三角形的玻璃砖ABC置于水平地面上，一束单色光由地面上的E 点发出，射向AB边上的M点，BM=BE，经过玻璃砖折射后，从AC边上N点（图中未画出）射出，最后光斑落在地面上的F点，CF=BE，已知玻璃砖的顶角为α，两个底角为β，则以下说法中正确的是（）A．玻璃砖的折射率为cos cosαβB．玻璃砖的折射率为cos2sin2βαC．M、N两点一定位于同一水平线上D．若只使入射光的波长增大，由AC面射出时的出射点在N点上方4．某同学用插针法测量平行玻璃砖折射率的实验图景如图所示。
他按正确的方法插了大头针a、b、c、d。
则下列说法中正确的是（）A．实验中，入射角应适当大些B．该同学在插大头针d时，使d挡住a、b的像和cC．若入射角太大，光会在玻璃砖内表面发生全反射D．该实验方法只能测量平行玻璃砖的折射率5．如图所示，实线为空气和水的分界面，一束蓝光从空气中的A点沿AO1方向（O1点在分界面上，图中O1点和入射光线都未画出）射向水中，折射后通过水中的B点。
图中O 点为A、B连线与分界面的交点。
下列说法正确的是A．O1点在O点的右侧B．蓝光从空气中射入水中时，速度变小C．若沿AO1方向射向水中的是一束紫光，则折射光线有可能通过B点正下方的C点D．若蓝光沿AO方向射向水中，则折射光线有可能通过B点正上方的D点6．如图所示，O1O2是半圆形玻璃砖过圆心的法线，a、b是关于O1O2对称的两束平行单色光束，两光束从玻璃砖右方射出后的光路如图所示，则下列说法正确的是()A．该玻璃砖对a光的折射率比对b光的折射率小B．有可能a是绿光，b是红光C．两光束从空气进入玻璃的过程中各自的频率均不变D．在真空中，a光的波长比b光的波长长7．关于折射率，下列说法中正确的是( )A．根据12sinnsinθθ=可知，介质的折射率与入射角的正弦成正比B ．根据12sin n sin θθ=可知，介质的折射率与折射角的正弦成反比 C ．介质的折射率由介质本身决定，与入射角、折射角均无关 D ．根据cn v=可知，介质的折射率与介质中的光速成反比 E.同一频率的光由第一种介质进入第二种介质时，折射率与波长成反比8．如图所示，两单色光a 、b 分别沿半径方向由空气射入半圆形玻璃砖，出射光合成一束复色光P ，已知单色光a 、b 与法线间的夹角分别为45°和30°，则a 光与b 光（ ）A ．在玻璃砖中的折射率之比为2:1B ．在玻璃砖中的传播时间之比为1:2C ．在玻璃砖中的波长之比为2:1D ．由该玻璃砖射向真空时临界角之比为2:19．把用相同玻璃制成的厚度为d 的正方体a 和半径亦为d 的半球体b ，分别放在报纸上，且让半球的凸面向上．从正上方分别观察a 、b 中心处报纸上的字，下列的观察记录正确的是（）A ．a 中的字比b 中的高B ．b 中的字比a 中的高C ．一样高D ．a 中的字较没有玻璃时高，b 中的字和没有玻璃时一样10．如图，空气中有两块材质不同、上下表面平行的透明玻璃板平行放置；一细光束从空气中以某一角度θ（0＜θ＜90°）入射到第一块玻璃板的上表面．下列说法正确的是（ ）A ．在第一块玻璃板下表面一定有出射光B ．在第二块玻璃板下表面一定没有出射光C ．第二块玻璃板下表面的出射光方向一定与入射光方向平行D ．第二块玻璃板下表面的出射光一定在入射光延长线的左侧 E.第一块玻璃板下表面的出射光线一定在入射光延长线的右侧11．如图所示，一束单色光从空气入射到棱镜的AB 面上，经AB 和AC 两个面折射后从AC 面进入空气。
浙江省宁波市余姚中学高三物理上学期开学试卷(含解析)
2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高三（上）开学物理试卷一．单项选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共32分）1．一个物体位移与时间的关系为与x=5t﹣t2+2（x以m为单位，t以s为单位），关于此物体下列说法中正确的是( )A．第2s初的速度比1s末速度小2m/sB．2s内的平均速度为4m/sC．第2s内的平均速度为2m/sD．第2s位移比第1s位移大4m2．两同学用如图所示方法做共点力平衡实验．M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点，桌上有若干相同的钩码，某同学已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，另一同学在B点挂的钩码数应是( )A．1个B．3个C．5个D．7个3．下列说法正确的是( )A．若物体运动速率始终不变，则物体所受合力一定为零B．若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动C．若物体所受合力与其速度方向相反，则物体做匀减速直线运动D．若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动4．如图，半圆形凹槽的半径为R，O点为其圆心．在与O点等高的边缘A、B两点分别以速度v1、v2水平相向抛出两个小球，已知v1：v2=1：3，两小球恰落在弧面上的P点．则以下说法中正确的是( )A．∠AOP为45°B．若要使两小球落在P点右侧的弧面上同一点，则应使v1、v2都增大C．改变v1、v2，只要两小球落在弧面上的同一点，v1与v2之和就不变D．若只增大v1，两小球可在空中相遇5．如图，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力T AC、T AD、T AB的变化情况是( )A．都变大B．T AD和T AB变大，T AC不变C．T AC和T AB变大，T AD不变D．T AC和T AD变大，T AB不变6．公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v c时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处( )A．路面外侧低内侧高B．车速只要低于v c，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于v c，但只要不超出某一高度限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，v c的值变小7．如图所示，在高度为h、倾角为30°的粗糙固定的斜面上，有一质量为m、与一轻弹簧拴接的物块恰好静止于斜面底端．物块与斜面的动摩擦因数为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一平行于斜面的力F拉动弹簧的A点，使m缓慢上滑到斜面顶端．此过程中( )A．F做功为2mghB．F做的功大于2mghC．F做的功等于物块克服重力做功与克服摩擦力做功之和D．F做的功等于物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量之和8．如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据，g=10m/s2．则物体在0.6s时的速度为( )t（s）0.0 0.2 0.4 … 1.2 1.4 …V（m/s）0.0 1.0 2.0 … 1.1 0.7 …A．2.3m/s B．2.5m/s C．2.7m/s D．3.0m/s二．不定项选择题（每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共20分）9．某娱乐项目中，要求参与者抛出一小球去撞击触发器成功，从而才能进入下一关．现在将这个娱乐项目简化为如下的理想模型：不计空气的阻力，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．若参与者仍在刚才的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以相同的速率v抛出小球，如图所示A为半圆轨道，B为一段光滑斜面，C为一段不足的圆弧轨道，D为内壁光滑的半圆轨道．则小球能够击中触发器的是( )A．A B．B C．C D．D10．2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功．图（a）为利用阻拦系统让舰载机在飞行甲板上快速停止的原理示意图．飞机着舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭，阻拦系统通过阻拦索对飞机施加一作用力，使飞机在甲板上短距离滑行后停止．某次降落，以飞机着舰为计时零点，飞机在t=0.4s时恰好钩住阻拦索中间位置，其着舰到停止的速度一时间图线如图（b）所示．假如无阻拦索，飞机从着舰到停止需要的滑行距离约为1 000m．已知航母始终静止，重力加速度的大小为g．则( )A．在0.4s～2.5s时问内，阻拦索的张力几乎不随时间变化B．从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的C．在滑行过程中，飞行员所承受的加速度大小不会超过2.5gD．在0.4s～2.5s时间内，阻拦系统对飞机做功的功率逐渐减小11．如图所示，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以确定( )A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度v k12．有一辆质量为170kg、输出功率为1440W的太阳能试验汽车，安装有约6m2的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光照条件下单位面积输出的电功率为30W/m2．若驾驶员的质量为70kg，汽车最大行驶速度为90km/h．假设汽车行驶时受到的阻力与其速度成正比，则汽车( )A．以最大速度行驶时牵引力大小为57.6NB．起动时的加速度大小为0.24m/s2C．保持最大速度行驶1h至少需要有效光照8hD．直接用太阳能电池板提供的功率可获得3.13m/s的最大行驶速度13．一质量为m的小球以初动能E k0从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力f作用，如图所示，图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能、重力势能中的某一个与其上升高度之间的关系，（以地面为零势能面，h0表示上升的最大高度，图上坐标数据中的k为常数且满足0＜k＜1）则由图可知，下列结论正确的是( )A．①、②分别表示的是动能、重力势能随上升高度的图象B．上升过程中阻力大小恒定且f=kmgC．上升高度h=h0时，重力势能和动能相等D．上升高度h=时，动能与重力势能之差为mgh0三．实验题（8分，每空2分）14．某班级同学用如图（a）所示的装置验证加速度a和力F、质量m的关系．甲、乙两辆小车放在倾斜轨道上，小车甲上固定一个力传感器，小车乙上固定一个加速度传感器（可以测量乙在任意时刻的加速度大小），力传感器和小车乙之间用一根不可伸长的细线连接，在弹簧拉力的作用下两辆小车一起开始运动，利用两个传感器可以采集记录同一时刻小车乙受到的拉力和加速度的大小．（1）下列关于实验装置和操作的说法中正确的是__________（多选）（A）轨道倾斜是为了平衡小车甲受到的摩擦力（B）轨道倾斜是为了平衡小车乙受到的摩擦力（C）实验中，在小车乙向下运动的过程中均可采集数据（D）实验中，只能在小车乙加速运动的过程中采集数据（2）四个实验小组选用的小车乙（含力传感器）的质量分别为m1=0.5kg、m2=1.0kg、m3=1.5kg 和m4=2.0kg，四个小组已经完成了a﹣F图象，如图（b）所示．（3）在验证了a和F的关系后，为了进一步验证a和m的关系，可直接利用图（b）的四条图线收集数据，然后作图．请写出具体的做法：①如何收集数据？__________；②为了更直观地验证a和m的关系，建立的坐标系应以__________为纵轴：以__________为横轴．四．计算题（写出必要的计算过程与步骤，共40分）15．研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长．在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v0=72km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L=39m，减速过程中汽车位移s与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g 取10m/s2．求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少；（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值．16．如图甲所示，一水平放置的圆形套筒由两个靠得很近的同心圆筒组成，一质量m=0.2kg 的小滑块从轨道（截面图如图乙所示）的最低点A，以v0=9m/s的初速度向右运动，小滑块第一次滑到最高点时速度v=1m/s．滑块的尺寸略小于两圆筒间距，除外筒内壁的上半部分BCD粗糙外，其余部分均光滑．小滑块运动轨道的半径R=0.3m，求：（1）小滑块第一次滑到最高点时轨道对其的弹力？（2）小滑块从开始到第一次滑至最高点这段时间内，它克服摩擦力做的功是多少？（3）从开始经过足够长的时间，小滑块减少的机械能是多少？17．如图所示，在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到对面的高台上．如图所示，一选手的质量m=60kg，脚穿轮滑鞋以v0=7m/s的速度抓住竖直的绳开始摆动，当绳摆到与竖直方向夹角θ=37°时，选手放开绳子，绳子的悬挂点到选手的重心距离L=6m．不考虑空气阻力和绳的质量．取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求（1）选手离开绳子时的速度大小；（2）选手放开绳子后到达最高点与放开绳子时的位置间的竖直高度是多少；（3）如果选手上升到最高点时，刚好可以站到水平传送带A点，传送带正以v1=3m/s匀速向左运动，传送带的另一端B点就是终点，且S AB=3.75m．选手能在传送带上自由滑行（人不提供动力），受到的阻力为自重的0.2倍．讨论该选手是否能顺利冲过终点B，说明理由，并求出滑行过程中因摩擦而产生的热量Q．18．如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角θ=37°，半径r=2.5m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E=2×l05N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．质量m=5×l0﹣2kg、电荷量q=+1×10﹣6C的小物体（视为质点）被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v0=3m/s冲上斜轨．以小物体通过C点时为计时起点，0.1s以后，场强大小不变，方向反向．已知斜轨与小物体间的动摩擦因数μ=0.25．设小物体的电荷量保持不变，取g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求弹簧枪对小物体所做的功；（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度．2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高三（上）开学物理试卷一．单项选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共32分）1．一个物体位移与时间的关系为与x=5t﹣t2+2（x以m为单位，t以s为单位），关于此物体下列说法中正确的是( )A．第2s初的速度比1s末速度小2m/sB．2s内的平均速度为4m/sC．第2s内的平均速度为2m/sD．第2s位移比第1s位移大4m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度，从而得出速度的变化量，根据位移，求出平均速度的大小．解答：解：A、根据得，物体的初速度为5m/s，加速度为﹣2m/s2，第2s初与第1s末是同一时刻，速度相等，故A错误．B、2s内的位移x2=（5×2﹣4+2）﹣2m=6m，则2s内的平均速度，故B 错误．C、第2s内的位移x=（5×2﹣4+2）﹣（5﹣1+2）=2m，则第2s内的平均速度，故C正确．D、因为加速度为﹣2m/s2，则第2s内的位移与第1s内位移之差△x=at2=﹣2×1m=﹣2m，可知第2s内的位移比第1s内的位移少2m，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，基础题．2．两同学用如图所示方法做共点力平衡实验．M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点，桌上有若干相同的钩码，某同学已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，另一同学在B点挂的钩码数应是( )A．1个B．3个C．5个D．7个考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据共点力平衡的条件O点的合力应该为零，结合互成角度的二力合成的取值范围进行判断．解答：解：结点O受三根轻质细绳OA、OB和OC的拉力，处于平衡状态，根据共点力平衡的条件合力为零得：OB拉力与OA和OC拉力的合力等值，反向．在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，设每个钩码的重力是mg，所以OA和OC拉力大小分别是3mg和4mg，根据装置的特点，所以OA和OC拉力方向夹角不可能为零或180°，故二者合力的范围为1mg ＜F OB＜7mg，所以另一同学在B点挂的钩码数可以是3个、5个，不可能是1个、7个．故选：BC．点评：本题考查平衡条件的应用，知道互成角度的二力的合成范围是F1﹣F2≤F合≤F1+F2．3．下列说法正确的是( )A．若物体运动速率始终不变，则物体所受合力一定为零B．若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动C．若物体所受合力与其速度方向相反，则物体做匀减速直线运动D．若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动考点：牛顿第二定律；匀速直线运动及其公式、图像．分析：物体运动速率不变，但速度的方向可以变化，此时合力不为零；物体做匀加速直线运动时，它的加速度是恒定的；合力与其速度方向相反时，物体做减速直线运动，但不一定是匀减速直线运动，物体受的合力可以变化；匀速直线运动在任意的相等时间间隔内位移都是相等．解答：解：A、物体运动速率不变但方向可能变化，如匀速圆周运动，因此合力不一定为零，所以A错；B、物体的加速度均匀增加，即加速度在变化，是非匀加速直线运动，所以B错；C、物体所受合力与其速度方向相反，只能判断其做减速运动，但加速度大小不可确定，所以C错；D、若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动，所以D对．故选：D．点评：本题考查学生对各种运动的规律及其条件的理解，掌握好各种运动的特点这道题就可以解决了．4．如图，半圆形凹槽的半径为R，O点为其圆心．在与O点等高的边缘A、B两点分别以速度v1、v2水平相向抛出两个小球，已知v1：v2=1：3，两小球恰落在弧面上的P点．则以下说法中正确的是( )A．∠AOP为45°B．若要使两小球落在P点右侧的弧面上同一点，则应使v1、v2都增大C．改变v1、v2，只要两小球落在弧面上的同一点，v1与v2之和就不变D．若只增大v1，两小球可在空中相遇考点：平抛运动．专题：压轴题；平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据几何关系可以求得∠AOP的角度，由平抛运动的规律逐项分析即可求解．解答：解：A、连接OP，过P点作AB的垂线，垂足为D，如图所示：两球在竖直方向运动的位移相等，所以运动时间相等，两球水平方向做运动直线运动，所以而AD+BD=2R所以AD=所以OD=所以cos∠AOP=即∠AOP=60°，故A错误；B、若要使两小球落在P点右侧的弧面上同一点，则A球水平方向位移增大，B球水平位移减小，而两球运动时间相等，所以应使v1增大，v2减小，故B错误；C、要两小球落在弧面上的同一点，则水平位移之和为2R，则（v1+v2）t=2R，落点不同，竖直方向位移就不同，t也不同，所以v1+v2也不是一个定值，故C错误；D、若只增大v1，而v2不变，则两球运动轨迹如图所示，由图可知，两球必定在空中相遇，故D正确．故选D点评：本题考查平抛运动的性质，物体在空中的运动时间取决于竖直高度，水平位移取决于初速度及竖直高度．5．如图，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力T AC、T AD、T AB的变化情况是( )A．都变大B．T AD和T AB变大，T AC不变C．T AC和T AB变大，T AD不变D．T AC和T AD变大，T AB不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先以B为研究对象受力分析，由分解法作图判断出T AB大小的变化；再以AB整体为研究对象受力分析，由平衡条件判断T AD和T AC的变化情况．解答：解：以B为研究对象受力分析，由分解法作图如图：由图可以看出，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即T AB逐渐变大，F逐渐变大；再以AB整体为研究对象受力分析，设AC绳与水平方向夹角为α，则竖直方向有：T AC sinα=2mg得：T AC=，不变；水平方向：T AD=T AC cosα+F，T AC cosα不变，而F逐渐变大，故T AD逐渐变大；故B正确；故选：B．点评：当出现两个物体的时候，如果不是求两个物体之间的作用力大小通常采取整体法使问题更简单．6．公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v c时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处( )A．路面外侧低内侧高B．车速只要低于v c，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于v c，但只要不超出某一高度限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，v c的值变小考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：汽车拐弯处将路面建成外高内低，汽车拐弯靠重力、支持力、摩擦力的合力提供向心力．速率为v c时，靠重力和支持力的合力提供向心力，摩擦力为零．根据牛顿第二定律进行分析．解答：解：A、路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力．故A错误．B、车速低于v c，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供的力，车辆不一定会向内侧滑动．故B错误．C、当速度为v c时，静摩擦力为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于v c时，摩擦力指向内侧，只有速度不超出最高限度，车辆不会侧滑．故C正确．D、当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则v c的值不变．故D错误．故选：C点评：该题是将物理学的知识与日常生活相联系的好题，解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．基础题目．7．如图所示，在高度为h、倾角为30°的粗糙固定的斜面上，有一质量为m、与一轻弹簧拴接的物块恰好静止于斜面底端．物块与斜面的动摩擦因数为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一平行于斜面的力F拉动弹簧的A点，使m缓慢上滑到斜面顶端．此过程中( )A．F做功为2mghB．F做的功大于2mghC．F做的功等于物块克服重力做功与克服摩擦力做功之和D．F做的功等于物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量之和考点：功能关系；功的计算；弹性势能．分析：F做的功等于系统增加的所有形式能的和，即：物块的重力势能、弹簧的弹性势能、摩擦产生的内能的总和．解答：解：对施加上力F开始到物块恰好开始运动的过程：W1﹣W弹=0…①W弹=E P…②对物块开始运动到到达顶端的过程：W2﹣mgh﹣μmgcos30°•2h…③由①②③得：W F=W1+W2=2mgh+E P可见F做的功大于2mgh，故A错误，B正确；全过程外力F做的功等物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量以及摩擦产生的内能之和，故CD错误；故选：B．点评：此题考查了动能定理的应用，其它的功能关系都可以由动能定理列出的式子变形推导出，注意全面理解．8．如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据，g=10m/s2．则物体在0.6s时的速度为( )t（s）0.0 0.2 0.4 … 1.2 1.4 …V（m/s）0.0 1.0 2.0 … 1.1 0.7 …A．2.3m/s B．2.5m/s C．2.7m/s D．3.0m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：由表格读出物体在斜面上运动的速度与对应的时间，由速度公式求出加速度，研究物体由t=0到t=1.2s过程，根据斜面上匀加速运动的末速度等于水平面匀减速运动的初速度，由速度公式求出物体在斜面上运动的时间，再求出t=0.6s时的瞬时速度．解答：解：由表格中前两列数据可知，物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为：a1==m/s2=5m/s2由表格中第4、5两组数据可知，物体在水平面上匀减速运动的加速度大小为：a2==m/s2=2m/s2研究物体由t=0到t=1.2s过程，设物体在斜面上运动的时间为t，则有：v B=a1t，v1.2=v B﹣a2（1.2﹣t）代入得v1.2=a1t﹣a2（1.2﹣t）解得：t=0.5s，v B=2.5m/s即物体在斜面上下滑的时间为t=0.5s，则t=0.6s时物体在水平面上运动，速度为：v=v B﹣a2（0.6﹣t）=2.5m/s﹣2×0.1m/s=2.3m/s故选：A．点评：本题由表格的形式反映物体的运动情况，运用运动学的基本公式求解加速度．要抓住物体在斜面上和水平面上运动之间速度关系，研究物体在斜面上运动的时间．二．不定项选择题（每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共20分）9．某娱乐项目中，要求参与者抛出一小球去撞击触发器成功，从而才能进入下一关．现在将这个娱乐项目简化为如下的理想模型：不计空气的阻力，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．若参与者仍在刚才的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以相同的速率v抛出小球，如图所示A为半圆轨道，B为一段光滑斜面，C为一段不足的圆弧轨道，D为内壁光滑的半圆轨道．则小球能够击中触发器的是( )A．A B．B C．C D．D考点：功能关系．分析：小球在运动的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律，以及到达最高点的速度能否为零，判断小球进入右侧轨道能否到达h高度．解答：解：由题意，小球以v竖直上抛的最大高度为h，说明到达最大高度时速度为0．根据机械能守恒有：mgh=①A、根据圆周运动知识可知，小球要到达触发器速度不为0，由机械能守恒得：=mgh′+②，由①②比较知，h′＜h，则小球上升的最大高度减小了，不能击中触发器，故A错误；B、小球离开斜面后做斜抛运动了，到最高点时水平方向有一定的速度，最大高度小于h，不能击中触发器，故B错误；C、根据机械能守恒定律可知，小球上升到最高点时速度刚好等于零，可以击中触发器，故C正确；D在双轨中做圆周运动时到达最高点的速度可以为零，根据机械能守恒守恒知，小球可以上升到最高点并击中触发器，故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键掌握机械能守恒定律，以及会判断小球在最高点的速度是否为零，要明确内壁光滑的圆轨道，小球到达最高点的最小速度为．10．2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功．图（a）为利用阻拦系统让舰载机在飞行甲板上快速停止的原理示意图．飞机着舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭，阻拦系统通过阻拦索对飞机施加一作用力，使飞机在甲板上短距离滑行后停止．某次降落，以飞机着舰为计时零点，飞机在t=0.4s时恰好钩住阻拦索中间位置，其着舰到停止的速度一时间图线如图（b）所示．假如无阻拦索，飞机从着舰到停止需要的滑行距离约为1 000m．已知航母始终静止，重力加速度的大小为g．则( )A．在0.4s～2.5s时问内，阻拦索的张力几乎不随时间变化B．从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的C．在滑行过程中，飞行员所承受的加速度大小不会超过2.5gD．在0.4s～2.5s时间内，阻拦系统对飞机做功的功率逐渐减小考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：通过速度与时间的图象，由图象的斜率表示加速度大小，再由牛顿第二定律确定阻拦索的拉力，同时由图象与时间所构成的面积为位移的大小．由功率P=FV可确定大小如何变化．解答：解：A、在0.4s～2.5s时间内，速度与时间的图象的斜率不变，则加速度也不变，所以合力也不变，因此阻拦索的张力的合力几乎不随时间变化，但阻拦索的张力是变化的，故A错误；。
浙江省慈溪市、余姚市2015届高三物理上学期期中联考试题(含解析)
物理试题【试卷综析】本试卷是考查了力、电、磁等物理知识点，它包容知识点广，覆盖面大，题目设置是推陈出新，看似常规，但有一定的新意，选择题的选项设计科学，隐含题隐没在巧妙，让人很难挖掘，也达到了考查学生思考能力的要求。
更有独到之处的是计算题的排列是从易到难，别有一定的风味，一问一问的设置考查多个知识点，做到了考查丰富，思维问题要求开阔发散，由题中的求解就能看出学生在复习过程中掌握物理知识的程度。
本试卷分第I卷和第2卷两局部，共100分，考试时间100分钟。
第I卷选择题〔共55分〕一．单项选择题〔此题共9小题，每一小题3分，共27分。
在每一小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求〕【题文】1．在超高压带电作业中，电工所穿的高压工作服是用铜丝编织的，如此如下说法正确的答案是A．铜丝编织的衣服不易拉破B．铜丝电阻小，对人体起到保护作用C．电工被铜丝衣服所包裹，使体内场强为零D．电工被铜丝衣服所包裹，使体内电势为零【知识点】静电平衡问题。
Ｉ2【答案解析】C.由处于静电平衡的导体的特点是：外表是一个等势面，导体是一个等势体，内部电场强度为零。
依此就可知道，只有Ｃ答案正确。
应当选Ｃ答案。
【思路点拨】此题只要理解了题意，掌握导体处于静电平衡的特点，就不难选择答案。
【题文】2．如图1所示是一道闪电划破夜空击中中央电视塔。
假设发生闪电的云层带负电，如此在闪电瞬间，电视塔受到地磁场的在水平方向的作用力方向是A．向东 B．向南 C．向西 D．向北图1【知识点】运动电荷在磁场中的受力问题分析。
Ｋ2【答案解析】C.由的地理位置来判断该处的磁场方向，运用左手定如此判定可知受力方向是向西，应当选择Ｃ答案。
【思路点拨】该题是物理知识的实际应用题，只要我们知道地球磁场的分布，再由运动电荷在磁场中的运动，根据左手定如此就可很快判断出答案。
【题文】3．如下选项中的各1/4圆环大小一样，所带电荷量已在图2中标出，且电荷均匀分布，各1/4圆环间彼此绝缘。
浙江省宁波市余姚中学2015-2016学年高二上学期期中物理试卷 含解析
2015—2016学年浙江省宁波市余姚中学高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（每题3分，共39分）1．首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是（）A．库仑 B．安培 C．奥斯特D．法拉第2．磁感应强度单位是特斯拉，1特斯拉相当于( ）A．1kg/A•s2B．1kg•m/A•s2C．1kg•m2/s2 D．1kg•m2/A•s23．关于三个公式：①P=UI，②P=I2R③P=，下列叙述正确的是（ )A．公式①适用于任何电路的电热功率B．公式②适用于任何电路的电热功率C．公式①、②、③适用于任何电路电功率D．上述说法都不正确4．如图所示的电路中，电源的输出电压恒为U，电动机M的线圈电阻与电炉L的电阻相同，电动机正常工作,在相同的时间内，下列判断正确的是（）A．电炉放出的热量大于电动机放出的热量B．电炉两端电压小于电动机两端电压C．电炉两端电压等于电动机两端电压D．电动机消耗的功率等于电炉消耗的功率5．A、B两灯的额定电压U相同，额定功率P A＞P B，将A灯接在电动势和内阻一定的某电源两极，恰能正常发光，若改成B灯接在该电源两极，则B灯的实际功率一定是( )A．等于P A B．等于P B C．小于P B D．大于P B6．粗细均匀的金属环上A、B、C、D四点把其周长分成四等分,如图所示，当A、B点接入电路中时，圆环消耗的电功率为P;当A、D点接入电路中时，圆环消耗的电功率为：(电源内阻不计)( )A．3P B．C．P D．7．如果你看过中央电视台体育频道的围棋讲座就会发现,棋子在竖直放置的棋盘上可以移动,但不会掉下来．原来，棋盘和棋子都是由磁性材料制成的．棋子不会掉落是因为（）A．质量小，重力可以忽略不计B．受到棋盘对它向上的摩擦力C．棋盘对它的吸引力与重力平衡D．它一方面受到棋盘的吸引，另一方面受到空气的浮力8．19世纪20年代，以塞贝克为代表的科学家已认识到：温度差会引起电流．安培考虑到地球自转造成了太阳照射后正面与背面的温度差，从而提出如下假没：地球磁场是由绕地球的环形电流引起的．该假设中电流的方向是（ ) （注：磁子午线是地球磁场N极与S极在地球表面的连线）A．由西向东垂直磁子午线B．由东向西垂直磁子午线C．由南向北沿磁子午线方向D．由赤道向两极沿磁子午线方向9．薄铝板将同一匀强磁场分成Ⅰ、Ⅱ两个区域，高速带电粒子可穿过铝板一次,在两个区域运动的轨迹如图，半径R1＞R2,假定穿过铝板前后粒子电量保持不变，则该粒子( ）A．带正电B．在Ⅰ、Ⅱ区域的运动时间相同C．在Ⅰ、Ⅱ区域的运动加速度相同D．从区域Ⅱ穿过铝板运动到区域Ⅰ10．如图所示：在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒．当导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上逆时针至水平向左的过程中，关于B的大小的变化，正确的说法是( ）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先减小后增大 D．先增大后减小11．如图,粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈．当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时,若线圈始终不动,则关于线圈受到的支持力F N及在水平方向运动趋势的正确判断是( )A．F N先小于mg后大于mg，运动趋势向左B．F N先大于mg后小于mg，运动趋势向左C．F N先小于mg后大于mg，运动趋势向右D．F N先大于mg后小于mg，运动趋势向右12．一环形线圈放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直线圈平面（即垂直于纸面）向里,如图甲所示．若磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示，那么第3s内线圈中感应电流的大小与其各处所受安培力的方向是（ )A．大小恒定，沿顺时针方向与圆相切B．大小恒定，沿着圆半径指向圆心C．逐渐增加，沿着圆半径离开圆心D．逐渐增加，沿逆时针方向与圆相切13．在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后( ）A．通过L1的电流为通过L2的电流的2倍B．L1的电阻为7。
浙江省宁波市余姚中学2015-2016学年高一物理上学期10月月考试卷(含解析)
2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高一（上）月考物理试卷（10月份）一、单选题（本题共8小题，每小题只有一项是符合题目要求的，每小题3分，共24分）1．对于体育比赛的论述，下列说法正确的是( )A．运动员跑完800m比赛，指的是路程大小为800mB．运动员铅球成绩为4.50m，指的是位移大小为4.50mC．某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10min，指的是时刻D．足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币可以看做质点2．从高h处自由下落一个物体，落地时间为t，则物体下落到离地面的高度为时，所经历的时间为( )A．B．C．D．3．一辆农用“小四轮”漏油了，假如车在平直的公路上行驶时每隔1s漏下一滴油．一位同学根据漏在路面上的油滴分布，分析“小四轮”的运动情况（已知车的运动方向不变）．下列说法中正确的是( )A．当沿运动方向油滴间距逐渐减小时，车一定在做匀减速直线运动B．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车一定在做匀加速直线运动C．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车可能在做匀加速直线运动D．沿运动方向第1、2油滴与第6、7油滴间距离相等，说明车一定在做匀速直线运动4．如图所示为某质点作直线运动的x﹣t图象，关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是( )A．质点始终向同一方向运动B．质点先向负方向运动，再向正方向运动C．4s时质点回到出发点D．4s内质点通过的路程为8m，而位移为零5．一物体作匀加速直线运动，通过一段位移△x所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移△x 所用时间为t2．则物体运动的加速度为( )A．B．C．D．6．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是( )A．加速度很大，说明速度一定很大B．加速度很大，说明速度的变化一定很大C．加速度很大，说明速度的变化率一定很大D．只要有加速度，速度就会不断增加7．一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB．该爱好者用直尺量出轨迹的实际长度，如图所示．已知曝光时间为s，则小石子出发点离A点约为( )A．6.5m B．10m C．20m D．45m8．迪拜塔超过160层，拥有56部电梯，那将是世界上速度最快且运行距离最长的电梯，电梯的简化模型如图1所示，考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a随时间t变化，已知电梯在t=0时由静止开始上升，a﹣t图如图2所示．（类比是一种常用的研究方法，对于直线运动，教科书中讲解由y﹣t图象求位移的方法，请你借鉴此方法）．下列说法正确的是( )A．第11秒内电梯向上作减速运动B．电梯在第1s内速度该变量△v1=0.5m/sC．电梯在第2s末的速率v2=1.0m/sD．电梯41秒末回到出发点二、不定项选题（本题共7小题，每小题至少有一个选项是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分，共28分）9．下列物理量中属于矢量的有( )A．平均速度 B．路程 C．加速度D．速度变化量10．利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象．某同学在一次实验中得到的运动小车的速度﹣时间图象如图所示，以下说法正确的是( )A．小车在一直线上先前进，再后退B．小车运动的最大速度为0.8 m/sC．0﹣﹣﹣﹣14s内小车的位移一定大于7.5mD．小车的加速度先减小后增大11．两木块自左向右运动，现有高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔是相等的，由图可知( )A．在时刻t2以及时刻t5两木块速度相同B．在时刻t3两木块速度相同C．在时刻t3和时刻t4之间某瞬时两木块速度相同D．在时刻t4和时刻t5之间某瞬时两木块速度相同12．一个作匀加速直线运动的物体，先后经过a、b两点时的速度分别是v和7v，ab的距离为x，经过ab的时间是t，则下列判断错误的是( )A．经过ab位移中点的速度是4vB．经过ab中间时刻的速度是4vC．前时间通过的位移比后时间通过的位移小1.5vtD．前位移所需时间是后位移所需时间的2倍13．一个从地面竖直上抛的物体，它两次经过同一较低a点的时间间隔为T a，两次经过另一较高的b点的时间间隔为T b，则ab两点间的距离为( )A．g（T a2﹣T b2）B．g（T a2﹣T b2）C．g（T a2﹣T b2）D．g（T a﹣T b）14．下列给出的四组图象中，能够反映同一直线运动的是( )A． B．C．D．15．在反暴演戏中，中国特种兵进行了飞行跳伞表演，某伞兵从静止的直升飞机上跳下，在t0时刻速度为v1，打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．伞兵速度随时间变化的规律如图所示．下列结论正确的是( )A．在0～t0时间内加速度不变B．在t0一3t0时间内加速度不变C．第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小D．在t0～3t0的时间内，平均速＞三、非选择题（本题共6小题，每小题8分，共48分）16．利用如图1所示的装置可测得滑块在斜面上运动的加速度，一斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上靠近底端处，光电门甲的位置可移动，当一带有遮光片的滑块自斜面上滑下时，与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间t．改变光电门甲的位置进行多次测量，每次都使滑块从同一点由静止开始下滑，并用米尺测量甲、乙之间的距离s，记下相应的t值；所得数据如下表所示．完成下列填空和作图：（1）若滑块所受摩擦力为一常量，滑块加速度的大小a、滑块经过光电门乙时的瞬时速度v t、测量值s和t四个物理量之间所满足的关系式是__________；（2）根据表中给出的数据，在图2上给出的坐标纸上画出﹣t图线；（3）由所画出的﹣t图线，得出滑块加速度的大小为a=__________m/s2（保留2位有效数字）（4）若某同学做该实验时误将光电门乙的位置改变多次，光电门甲的位置保持不变，画出﹣t图线后，得出的纵坐标截距的物理含义为__________．17．小龚同学采用如图1所示的装置测定重力加速度（1）图1装置中的打点计时器，其名称是__________；用一条纸带穿过点计时器，该同学发现有图2中的两种穿法，感到有点犹豫．你认为__________（选填“左”或“右”）边的穿法效果更好（2）小龚同学得到了如图3所示的一条纸带，读出0.5两点之间的距离为__________cm；（3）计算下计数点5时纸带速度大小为__________m/s（保留3位有效数字）18．物体A从静止出发，以2m/s2的加速度向前运动．第3s末在同一地点物体B也从静止出发以3m/s2的加速度沿A运动方向前进．求：①第5s末物体A的速度大小；②5s内物体A的平均速度大小；③第5s内物体A的位移大小；④第5s末AB两物体相距多远？19．罗平同学根据“和谐号”动车组车厢内速率显示屏的数列，记录了该动车组在平面轨道上经历匀加速，匀速与再次匀加速运行期间的速率，部分数据列于表格中，在罗平同学记录动车组速率的这段时间内，求：（1）动车组的加速度的大小；（2）动车组位移的大小20．2011年8月10日，改装后的瓦良格号航空母舰进行出海航行试验，中国成为拥有航空母舰的国家之一．已知该航空母舰飞行甲板长度为L=300m，某种战斗机在航空母舰上起飞过程中的最大加速度为a=4.5m/s2，飞机速度要达到v=60m/s才能安全起飞．（1）如果航空母舰静止，战斗机被弹射装置弹出后开始加速，要保证飞机起飞安全，战斗机被弹射装置弹出时的速度至少是多大？（2）如果航空母舰匀速前进，在没有弹射装置的情况下，要保证飞机安全起飞，航空母舰前进的速度至少是多大？21．一个物体从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a，当速度为v时加速度反向，为使该物体在相同的时间内回到原出发点，则反向后的加速度为多少？回到原点的速度是多少？2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高一（上）月考物理试卷（10月份）一、单选题（本题共8小题，每小题只有一项是符合题目要求的，每小题3分，共24分）1．对于体育比赛的论述，下列说法正确的是( )A．运动员跑完800m比赛，指的是路程大小为800mB．运动员铅球成绩为4.50m，指的是位移大小为4.50mC．某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10min，指的是时刻D．足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币可以看做质点【考点】时间与时刻；质点的认识；位移与路程．【分析】位移是从始位置指向末位置的有向线段，路程是轨迹的长度．当物体的大小和形状对所研究的问题中没有影响或影响不计时，可以把物体当成质点处理，位移是从始位置指向末位置的有向线段．【解答】解：A、运动员跑完800m比赛，指的是路程大小为800m．故A正确．B、运动员铅球成绩为4.50m，指的是水平方向的位移大小为4.50m．故B错误．C、某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10min，指的是时间．故C错误．D、足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币不可以看做质点，故D错误．故选：A．【点评】本题考查对物体看成质点的条件的理解和判断能力，区分时间和时刻、路程和位移．基本题型．2．从高h处自由下落一个物体，落地时间为t，则物体下落到离地面的高度为时，所经历的时间为( )A．B．C．D．【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】根据h=计算时间．【解答】解：根据自由落体运动的规律：h==联立解得：t′=；故选：D【点评】此题考查自由落体运动规律的直接应用，要求学生熟记相关规律即可，属于基础题．3．一辆农用“小四轮”漏油了，假如车在平直的公路上行驶时每隔1s漏下一滴油．一位同学根据漏在路面上的油滴分布，分析“小四轮”的运动情况（已知车的运动方向不变）．下列说法中正确的是( )A．当沿运动方向油滴间距逐渐减小时，车一定在做匀减速直线运动B．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车一定在做匀加速直线运动C．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车可能在做匀加速直线运动D．沿运动方向第1、2油滴与第6、7油滴间距离相等，说明车一定在做匀速直线运动【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】相邻两个油滴的时间间隔相等，间隔越来越大，说明速度越来越大，如果相邻的两个油滴的位移之差是一恒量，该运动可能是匀变速直线运动．【解答】解：A、当沿运动方向油滴间距逐渐减小时，由于相邻两个油滴的时间间隔相等，说明速度越来越小，而加速度可能不变，也可能变化，车不一定在做匀减速直线运动．故A错误；B、当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，相邻两个油滴的时间间隔相等，说明速度越来越大，而加速度可能不变，也可能变化，车不一定在做匀加速直线运动，故B错误；C、当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，相邻两个油滴的时间间隔相等，说明速度越来越大，加速度可能增大，可能减小，可能不变，车可能在做匀加速直线运动，故C正确．D、沿运动方向第1、2油滴与第6、7油滴间距离相等，说明在这两段时间内运动的平均速度相等，车可能在做匀速也可能变速，故D错误．故选：C【点评】解决本题的关键是知道两个油滴之间的时间间隔相等，油滴间隔变大变小可以判断速度如何变化．4．如图所示为某质点作直线运动的x﹣t图象，关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是( )A．质点始终向同一方向运动B．质点先向负方向运动，再向正方向运动C．4s时质点回到出发点D．4s内质点通过的路程为8m，而位移为零【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】位移﹣时间图象的斜率等于物体运动的速度，从位移图上可以知道物体在任意时刻的速度（斜率）和位置（纵坐标）．【解答】解：A、位移﹣时间图象的斜率等于物体运动的速度，斜率不变，所以速度不变，质点始终向同一方向运动，故A正确，B错误；C、4s时质点的位移为4m，没有回到出发点，故C错误；D、4s内质点通过的路程为4﹣（﹣4）m=8m，位移也为8m，故D错误故选：A【点评】位移图象的特点：①位移图象的斜率等于物体的速度；②位移图象的纵坐标表示物体在某时刻的位置．这是我们解题的关键．5．一物体作匀加速直线运动，通过一段位移△x所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移△x 所用时间为t2．则物体运动的加速度为( )A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第一段位移和第二段位移中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出物体运动的加速度．【解答】解：第一段位移中间时刻的瞬时速度，第二段位移中间时刻的瞬时速度．两个中间时刻的时间间隔．则物体运动的加速度．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】本题若设初速度和加速度，结合位移时间公式列方程组求解，可以得出加速度的大小，但是计算较复杂，没有运用匀变速直线运动的推论解决简捷．6．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是( )A．加速度很大，说明速度一定很大B．加速度很大，说明速度的变化一定很大C．加速度很大，说明速度的变化率一定很大D．只要有加速度，速度就会不断增加【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度等于单位时间内速度的变化量，反映速度变化快慢的物理量，物体有加速度，可能做加速运动，可能做减速运动．【解答】解：A、加速度大，知速度变化快，速度不一定很大．故A错误．B、加速度大，知速度变化快，速度变化量不一定大．故B错误．C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度大，说明速度的变化率一定很大．故C正确．D、物体有加速度，速度不一定增加，可能速度在减小．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量，与速度的大小无必然联系．7．一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB．该爱好者用直尺量出轨迹的实际长度，如图所示．已知曝光时间为s，则小石子出发点离A点约为( )A．6.5m B．10m C．20m D．45m【考点】自由落体运动．【分析】根据照片上痕迹的长度，可以知道在曝光时间内物体下落的距离，由此可以估算出AB段的平均速度的大小，在利用自由落体运动的公式可以求得下落的距离．【解答】解：由图可知AB的长度为2cm，即0.02m，曝光时间为s，所以AB段的平均速度的大小为v===20m/s，由自由落体的速度位移的关系式 v2=2gh可得，h===20m，所以C正确．故选：C．【点评】由于AB的运动时间很短，我们可以用AB段的平均速度来代替A点的瞬时速度，由此再来计算下降的高度就很容易了，通过本题一定要掌握这种近似的方法．8．迪拜塔超过160层，拥有56部电梯，那将是世界上速度最快且运行距离最长的电梯，电梯的简化模型如图1所示，考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a随时间t变化，已知电梯在t=0时由静止开始上升，a﹣t图如图2所示．（类比是一种常用的研究方法，对于直线运动，教科书中讲解由y﹣t图象求位移的方法，请你借鉴此方法）．下列说法正确的是( )A．第11秒内电梯向上作减速运动B．电梯在第1s内速度该变量△v1=0.5m/sC．电梯在第2s末的速率v2=1.0m/sD．电梯41秒末回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】a﹣t图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，结合图线与时间轴围成的面积求出电梯在第1s内的速度改变量和41s内的速度变化量，根据运动学公式求出2s末的速度．【解答】解：A、a﹣t图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，根据图象可知，前11s内速度变化量为正，速度为正，第11秒内加速度为正，电梯向上做加速运动，故A错误；B、a﹣t图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，电梯在第1s内速度该变量△v1=×1×1.0=0.5m/s，故B正确；C、电梯在2s末的速度v2=v1+at=0.5+1×1=1.5m/s，故C错误；D、根据图象可知，0﹣41s内图象与坐标轴围成的面积为0，则电梯的速度变化量为零，此时电梯静止，上升到最高，没有回到出发点，故D错误．故选：B【点评】本题考查了运动学公式和图线的运用，知道a﹣t图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，结合物体的运动规律，运用运动学公式灵活求解．二、不定项选题（本题共7小题，每小题至少有一个选项是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分，共28分）9．下列物理量中属于矢量的有( )A．平均速度 B．路程 C．加速度D．速度变化量【考点】矢量和标量．【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．【解答】解：矢量是既有大小又有方向的物理量，平均速度、加速度和速度变化量都是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量，路程是标量，故ACD正确，B错误．故选：ACD．【点评】本题要抓住矢量与标量的区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．10．利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象．某同学在一次实验中得到的运动小车的速度﹣时间图象如图所示，以下说法正确的是( )A．小车在一直线上先前进，再后退B．小车运动的最大速度为0.8 m/sC．0﹣﹣﹣﹣14s内小车的位移一定大于7.5mD．小车的加速度先减小后增大【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度时间图线反映速度随时间的变化规律，不是物体运动的轨迹，根据图线与时间轴围成的面积求出位移的大小．图象的斜率等于加速度，结合这些知识分析即可．【解答】解：A、小车的速度一直为正值，可知小车一直向前运动．故A错误．B、由速度时间图线知，小车的最大速度为0.8m/s．故B正确．C、因为图线与时间轴围成的面积表示位移，0﹣14s内的位移大约x=86×1×0.1m=8.6m，大于7.5m．故C正确．D、速度时间图线的斜率等于加速度，图线切线的斜率先减小后为零，再增大，则小车的加速度先减小后不变，再增大．故D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道速度的正负、图线与时间轴围成的面积及斜率表示的含义．11．两木块自左向右运动，现有高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔是相等的，由图可知( )A．在时刻t2以及时刻t5两木块速度相同B．在时刻t3两木块速度相同C．在时刻t3和时刻t4之间某瞬时两木块速度相同D．在时刻t4和时刻t5之间某瞬时两木块速度相同【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】解答本题要看清图示的意义，中间的刻线相当于刻度尺或坐标系，显示物体在不同时刻的位置，对比相同时间内的位移会发现物体的运动规律：下面的物体匀速运动，上面的物体匀加速运动．由于曝光时间是相同的，设中间刻度每小格的尺寸为s和曝光时间为t，依据匀速或匀变速运动的规律就可求出物体运动的速度关系．其中利用了匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度的推论．【解答】解：下面的物体做匀速直线运动，运动的速度v=，上面木块在相等时间内的位移差是恒量，知上面木块做匀加速直线运动，匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，知t3时刻上面木块的速度．t4时刻上面木块的速度，则在时刻t3和时刻t4之间某瞬时两木块速度相同．故C正确，A、B、D错误．故选C．【点评】对于匀变速规律的考察是很灵活的，学生要善于在新情境中抽象出物理模型．难点在于匀变速直线运动的瞬时速度的求解方法的选择，利用一段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度的推论是最简单的．12．一个作匀加速直线运动的物体，先后经过a、b两点时的速度分别是v和7v，ab的距离为x，经过ab的时间是t，则下列判断错误的是( )A．经过ab位移中点的速度是4vB．经过ab中间时刻的速度是4vC．前时间通过的位移比后时间通过的位移小1.5vtD．前位移所需时间是后位移所需时间的2倍【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出中点位置的瞬时速度，根据匀变速直线运动的平均速度推论求出中间时刻的瞬时速度．根据平均速度的推论求出前一半时间和后一半时间内的位移，从而得出位移之差．根据平均速度推论分别求出前一半位移和后一半位移内的时间，从而得出时间的关系．【解答】解：A、设中点位置的速度为v1，则有：，，联立解得：，故A错误．B、根据平均速度推论，知中间时刻的瞬时速度为：，故B正确．C、前一半时间内的位移为：，后一半时间内的位移为：，则x2﹣x1=1.5vt．故C正确．D、前一半位移内的平均速度为：，后一半位移内的平均速度为：，即前一半位移内的平均速度是后一半位移内平均速度的一半，根据位移公式知，前一半位移所需的时间是后一半位移所需的时间的2倍．故D正确．本题选错误的，故选：A．【点评】解决本题的关键是掌握匀变速直线运动的公式以及推论，并能灵活运用，难度适中．13．一个从地面竖直上抛的物体，它两次经过同一较低a点的时间间隔为T a，两次经过另一较高的b点的时间间隔为T b，则ab两点间的距离为( )A．g（T a2﹣T b2）B．g（T a2﹣T b2）C．g（T a2﹣T b2）D．g（T a﹣T b）【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】两次经过a或b点的时间间隔为已知，则可以解出从a或b点到最高点所用的时间，根据竖直上抛的逆过程是自由落体运动，结合匀变速直线运动的位移时间关系式解出位移然后做差，即可得到结果．【解答】解：两次经过同一较低a点的时间间隔为T a，则从a点到最高点所用的时间为T a，竖直上抛是匀减速直线运动末速度为零，我们可以看其逆过程，相当有初速度为零的匀加速直线运动，所以a点离最高点的距离为：h a=g（T a）2，两次经过另一较高的b点的时间间隔为T b，则从b点到最高点所用的时间为T b，同理b点离最高点的距离为：h b=g（T b）2，则ab两点间的距离为：△h=h a﹣h b=g（T a2﹣T b2）故选：A【点评】注意在匀减速直线运动过程中，由于物体的初速度不为零，所以给运算带来不便，我们可以应用其逆过程，相当于物体的初速度为零做匀加速直线运动．14．下列给出的四组图象中，能够反映同一直线运动的是( )A． B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，位移﹣时间图象的斜率等于物体运动的速度，加速度时间图象表示加速度随时间变化情况，根据图象即可求解．【解答】解：AB第一个图是速度时间图象，由速度时间图象可知：0﹣3s内物体以速度6m/s 匀速运动，4﹣5s内做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，A、位移时间图象表示0﹣3s内物体静止，4﹣5s内物体也静止，故A错误；。
浙江余姚中学2016高三上学期开学考试地理试题 word含解析
一、选择题（本大题共11小题，每小题3分，共33分，每小题只有一个选项为正确选项，不选、多选、错选均不得分，）下图为对某天气系统在我国各地过境的降雨量预报，读图完成下列各题。
1．该天气系统最可能是A．高压 B．低压 C．冷锋 D．暖锋2．该天气系统过境，给甲地带来的气象灾害是A．洪涝 B．台风 C．风暴潮 D．寒潮【答案】1、B2、A【解析】试题分析：1．读图，该天气系统带来降水，且降水量等值线呈南北分布，最可能是低压系统影响，B对。
高压控制没有降水天气，A错。
影响我国的锋面雨带是东西方向延伸，C、D错。
2．该天气系统过境，给甲地带来的降水量大，产生的气象灾害是洪涝，A对。
台风、风暴潮主要影响东南沿海地区，甲地不在沿海，B、C错。
寒潮来自北方，根据降水量变化，该天气系统来自东部海面，D错。
考点：常见天气系统，主要气象灾害类型。
下图为我国唐朝高僧玄奘取经路线，读图完成下列各题。
3．玄奘法师从长安出发向西到碎叶途中见到的植被依次为A．温带荒漠—温带草原—温带森林B．温带草原—温带森林—温带荒漠C．温带森林—温带草原—温带荒漠D．温带森林—温带荒漠—温带草原4．玄奘法师取经途中，发现甲、乙两地附近山脉高度有明显差异，对此描述和分析正确的是A．甲地，山脉较高，板块挤压造成B．乙地，山脉较低，板块张裂造成C．甲地，山脉较低，流水侵蚀造成D．乙地，山脉较高，风力沉积造成【答案】3、C4、A【解析】试题分析：考点：陆地自然带地域分异规律，板块构造理论。
下图为马尔代夫位置和首都马累气候统计，读图完成下列各题。
5．关于马累气候特征及其分析，正确的是A．受赤道低压带影响，全年高温多雨B．受低纬海洋的影响，全年高温多雨C．受信风和低压交替控制，雨热同期D．受东北和西南季风控制，雨热同期6．马尔代夫国内主要的交通运输方式是A．空运 B．铁路运输C．海运 D．管道运输【答案】5、B6、C【解析】试题分析：5．马累位于南亚南部，纬度低，夏季受赤道低压带影响，高温多雨。
浙江省宁波市余姚中学2015-2016学年高一上学期期中物理试卷(重点班)Word版含解析
2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高一（上）期中物理试卷（重点班）一．单项选择题（每题3分，共24分）1．如图所示，自行车的半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯A由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯的位移的大小为( )A．πR B．R C．2πR D．2R2．某同学欲估算飞机着陆的速度，他假设飞机停止运动在平直跑道上做减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为s，着陆到停下来所用的时间为t实际上，飞机的速度越大，所受的阻力越大，则飞机着陆的速度应是( )A．v=B．v=C．v＞D．＜v＜3．轻质弹簧A的两端分别连在质量为m1和m2的小球上，两球均可视为质点．另有两根与A 完全相同的轻质弹簧B、C的一端分别与两个小球相连，日的另一端固定在天花板上，C的另一端用手牵住，如图所示．适当调节手的高度与用力的方向，保持B弹簧轴线跟竖直方向夹角为37°不变（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8），当弹簧C的拉力最小时，B、C两弹簧的形变量之比为( )A．1：1 B．3：5 C．4：3 D．5：44．如图是蹦床运动员落在弹簧床面的示意图，在弹簧弹力的作用下，运动员有一段竖直向下做减速运动的缓冲过程，忽略空气阻力，在此过程中( )A．运动员处于失重状态B．运动员所受合外力方向竖直向上C．运动员对弹簧床压力大于弹簧床对运动员支持力D．运动员所受合外力先减小后增大5．如图所示，杆BC的B端用铰链接于竖直墙上，另一端C为一定滑轮．重物G系一绳经过滑轮固定于墙上的A点，杆恰好平衡．若将绳的A端沿墙向上移，再使之平衡，杆重、滑轮大小及各处摩擦均可省略，则( )A．绳子的拉力增大，BC杆受到的压力增大B．绳子的拉力增大，BC杆受到的压力减小C．绳子的拉力不变，BC杆受到的压力不变D．绳子的拉力不变，BC杆受到的压力减小6．小雯同学在二楼走廊上，将质量分别为m和2m的两个小球同时以8m/s的速率抛出，其中一个做竖直上抛，另一个竖直下抛，它们落地的时间差为△t，如果小雯同学在四楼走廊上，以同样的方式同时抛出这两个小球，它们落地的时间差为△t′，不计空气阻力，则△t′和△t大小关系是( )A．△t′=△t B．△t′＜△t C．△t′=2△t D．△t′＞2△t7．如图所示，一质量为m的小球在水平细线和与竖直方向成θ角的轻质弹簧作用下处于静止状态则下列说法正确的是( )A．剪断细线的瞬间小球加速度的大小为gtanθ，方向水平向右B．剪断细线的瞬间小球加速度的大小为gsinθ，方向与水平方向夹角为θ向右下C．若将弹簧剪断的瞬间小球加速度的大小为，方向与竖直方向夹角为θ向右下D．若将弹簧剪断的瞬间小球加速度的大小为零8．在液面上以大小为v1的初速度竖直向下射出一个塑料小球，经过时间t塑料小球回到液面，回到液面时塑料小球的速度大小为v2，已知塑料小球在运动过程中受到的液体的浮力大小等于其重力的k倍（k＞1），液体阻力的大小与速度的大小成正比，重力加速度大小为g，下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的，你可能不会求解t，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断，根据你的判断，你认为t的合理表达式应为( )A．t=B．t=C．t= D．t=二．不定项选择题（每题4分，共24分）9．质点做直线运动的位移与时间的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点( )A．第1s内的位移是5mB．t=1s时的速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是2mD．任意1s内的速度增量都是2m/s10．如图甲所示，用一水平力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，若重力加速度g取10m/s2，根据图乙提供的信息可算出( )A．物体的质量B．斜面的倾角C．物体能静止在斜面上所施加的最小外力D．地面与斜面间的摩擦因数11．如图所示，地面上放有一物体A，A上叠放一物体B，A与B之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，则A、B受到的摩擦力的情况是( )A．B受到向右的摩擦力B．A受到B对它的向右的摩擦力C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A无摩擦力12．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．根据图中的信息，下列判断错误的是( )A．位置“1”是小球释放的初始位置B．小球做匀加速直线运动C．小球下落的加速度为D．小球在位置“3”的速度为13．如图所示，截面为三角形的钢坯A、B叠放在汽车的水平底板上，汽车底板与钢坯表面均粗糙，以下说法正确的是( )A．汽车、钢坯都静止时，钢坯A对B无摩擦力作用B．汽车、钢坯都静止时，汽车底板对钢坯A有向左的静摩擦力作用C．汽车向右启动前后，若汽车与钢坯相对静止，钢坯A对B的弹力不变D．汽车向右加速时，若汽车与钢坯相对静止，汽车底板对钢坯A有静摩擦力作用14．如图装置中，绳子与滑轮的质量不计，摩擦不计，两个物体的质量分别为m1和m2，动滑轮两边的绳子与竖直方向的夹角分别为θ1和θ2，装置处于静止状态，则( )A．m2可以小于m1B．m2必定大于C．m2必定要等于D．θ1与θ2必定相等15．如图所示，斜面体A静止放置在水平地面上．质量为m的滑块B在外力F1和F2的共同作用下沿斜面体表面向下运动．当F1方向水平向右，F2方向沿斜面体的表面向下时斜面体受到地面的摩擦力方向向左．则下列说法中正确的是( )A．若同时撤去F1和F2，滑块B的加速度方向一定沿斜面向下B．若只撤去F1，在滑块B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右C．若只撤去F2，在滑块B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右D．若只撤去F2，在滑块B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力不变三、实验题（16题每空3分，共9分；17题每空1分，共9分）16．橡皮筋也像弹簧一样，在弹性限度内，伸长量x与弹力F成正比，即F=kx，k的值与橡皮筋未受到拉力时的长度L、横截面积S有关．（1）有一段横截面是圆形的橡皮筋，应用如图甲所示的实验装置可以测量出其k值．下表为F x F﹣x图象．值为__________N/m．（3）某同学在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）来探究合力的方法，如图丙所示，三根橡皮筋在O点相互连接，拉长后三个端点用图钉固定在A、B、C三点．在实验中，可以通过刻度尺测量橡皮筋的长度来得到橡皮筋的拉力大小，并通过OA、OB、OC的方向确定三个拉力的方向，从而探究求其中任意两个拉力的合力的方法．在实验过程中，下列说法正确的是__________A．只需要测量橡皮筋的长度，不需要测出橡皮筋的原长B．为减小误差，应选择劲度系数尽量大的橡皮筋C．以OB、OC为两邻边作平行四边形，其对角线必与OA在一条直线上且长度与OA相等D．多次实验中即使O点不固定，也可以探究求合力的方法．17．图1为验证牛顿第二定律的实验装置示意图．图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源，打点的时间间隔用△t表示．在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”．（1）完成下列实验步骤中的填空：①平衡小车所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列__________的点．②按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码．③打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点迹的纸带，在纸带上标出小车中砝码的质量m．④按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤③．⑤在每条纸带上清晰的部分，每5个间隔标注一个计数点．测量相邻计数点的间距s1，s2，…．求出与不同m相对应的加速度a．⑥以砝码的质量m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上做出﹣m关系图线．若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则与m处应成__________关系（填“线性”或“非线性”）．（2）完成下列填空：（ⅰ）本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是__________．（ⅱ）设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3．a可用s2、s3和△t表示为a=__________．图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=__________mm，s3=__________mm．由此求得加速度的大小a=__________m/s2．（保留两位有效数字）（ⅲ）图3为所得实验图线的示意图．设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为__________，小车的质量为__________．四．解答题（共36分）18．一次演习中，一空降特战兵实施空降，在飞机悬停180m高的空中后，空降特战兵从机舱中一跃而下，把空降特战兵空降假定为如下过程：空降特战兵出飞机舱后先做自由落体运动，下落了2s后打开辅伞，特战兵立即做匀速运动，过了一段时间后打开主伞，特战兵立即做匀减速直线运动，匀减速运动6s后到达了“敌方”的地面，此时空降特战兵的速度恰好为零，g取10m/s2．求：（1）空降特战兵做自由落体运动下落的距离是多少？（2）空降特战兵从出机舱到着地总共花了多少时间？19．质量为m=0.8kg的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态．PA与竖直方向的夹角37°，PB沿水平方向．质量为M=10kg的木块与PB相连，静止于倾角为37°的斜面上，如图所示．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）轻绳PB拉力的大小；（2）木块所受斜面的摩擦力和弹力大小．20．如图甲所示，由斜面AB和水平面BC组成的物块，放在光滑水平地面上，斜面AB部分光滑、AB长度为s=2.5m，水平部分BC粗糙．物块左侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当传感器受压时示数为正值，被拉时为负值．上表面与BC等高且粗糙程度相同的木板DE紧靠在物块的右端，木板DE质量M=4kg，长度L=1.5m．一可视为质点的滑块从A点由静止开始下滑，经B点由斜面转到水平面时速度大小不变．滑块从A到C过程中，传感器记录到力和时间的关系如图乙所示．g取10m/s2，求：（1）斜面AB的倾角θ；（2）滑块的质量m；（3）滑块到达木板DE右端时的速度大小．21．为了解决高楼救险中云梯高度不够高的问题，可在消防云梯上再伸出轻便的滑杆．被困人员使用安全带上的挂钩挂在滑杆上、沿滑杆下滑到消防云梯上逃生．通常滑杆由AO、OB 两段直杆通过光滑转轴在O处连接，滑杆A端用挂钩钩在高楼的固定物上，且可绕固定物自由转动，B端用铰链固定在云梯上端，且可绕铰链自由转动，以便调节被困人员滑到云梯顶端的速度大小．设被困人员在调整好后的滑杆上下滑时滑杆与竖直方向的夹角保持不变，被困人员可看作质点、经过O点时的速度大小不变，且始终沿滑杆滑动．已知AO长L1=6m、OB 长L2=12m、竖直墙与云梯上端点B的水平距离d=13.2m，被困人员安全带上的挂钩与滑杆AO间、滑杆OB间的动摩擦因数均为μ=．为了安全，被困人员到达云梯顶端B点的速度不能超过6m/s，取g=10m/s2．（1）现测得OB与竖直方向的夹角为53°，此时AO与竖直方向的夹角是多少？分析判断这种条件下被困人员滑到B点是否安全．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（2）若云梯顶端B点与竖直墙间的水平距离保持不变，求能够被安全营救的被困人员与云梯顶端B的最大竖直距离．2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高一（上）期中物理试卷（重点班）一．单项选择题（每题3分，共24分）1．如图所示，自行车的半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯A由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯的位移的大小为( )A．πR B．R C．2πR D．2R【考点】位移与路程．【专题】常规题型．【分析】位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向；路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向．【解答】解：当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，轮子向前运动半个周长，气门芯的初位置与末位置如图，由几何知识得，气门芯的位移大小x==R故选：B【点评】解决本题的关键是掌握位移和路程的区别：位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向；路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向．2．某同学欲估算飞机着陆的速度，他假设飞机停止运动在平直跑道上做减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为s，着陆到停下来所用的时间为t实际上，飞机的速度越大，所受的阻力越大，则飞机着陆的速度应是( )A．v=B．v=C．v＞D．＜v＜【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】若飞机做匀减速直线运动，结合平均速度的推论求出平均速度的大小，实际上速度在减小，阻力在减小，做加速度减小的减速运动，通过速度时间图线比较着陆的速度．【解答】解：飞机做变减速直线运动，因为速度在减小，则阻力在减小，加速度减小，做加速度逐渐减小的减速运动，速度时间图线如图所示．若飞机做匀减速直线运动，如图虚线所示，则平均速度，曲线与时间轴围成的面积为s，平均速度，因为s′＞s，可知，即v．故选：C．【点评】本题通过速度时间图线，结合图线与时间轴围成的面积表示位移，结合平均速度推论分析比较方便．3．轻质弹簧A的两端分别连在质量为m1和m2的小球上，两球均可视为质点．另有两根与A 完全相同的轻质弹簧B、C的一端分别与两个小球相连，日的另一端固定在天花板上，C的另一端用手牵住，如图所示．适当调节手的高度与用力的方向，保持B弹簧轴线跟竖直方向夹角为37°不变（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8），当弹簧C的拉力最小时，B、C两弹簧的形变量之比为( )A．1：1 B．3：5 C．4：3 D．5：4【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以两球整体为研究对象，当C弹簧与B弹簧垂直时施加的拉力最小，求出此时BC 拉力之比，进而确定型变量之比．【解答】解：以两球整体为研究对象，受力分析，由合成法知当C弹簧与B弹簧垂直时施加的拉力最小，由几何关系知T B：T C=4：3；故选：C．【点评】本题属于连接体问题，优先考虑整体法，知道当当C弹簧与B弹簧垂直时施加的拉力最小是关键．4．如图是蹦床运动员落在弹簧床面的示意图，在弹簧弹力的作用下，运动员有一段竖直向下做减速运动的缓冲过程，忽略空气阻力，在此过程中( )A．运动员处于失重状态B．运动员所受合外力方向竖直向上C．运动员对弹簧床压力大于弹簧床对运动员支持力D．运动员所受合外力先减小后增大【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】定性思想；推理法；平行四边形法则图解法专题．【分析】物体对支持物的压力或对悬挂物的拉力大于物体重力时，物体处于超重状态，小于物体重力时处于失重状态．【解答】解：A、运动员在竖直向下做减速运动的缓冲过程中，加速度向上，由牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，则F=m（g+a）＞mg，由牛顿第三定律可得，运动员对蹦床的压力大于重力，运动员处于超重状态，故A错误；B、运动员加速度竖直向上，运动员所受合外力方向竖直向上，故B正确；C、运动员对弹簧床作用力大于弹簧床对运动员支持力时作用力与反作用力，大小相等方向相反，故C错误；D、在缓冲阶段，弹簧床的弹力会越来越大，人受到的合力也会越来越大，故D错误；故选：B．【点评】当加速度方向向上时，物体处于超重状态，当加速度方向向下时，物体处于失重状态．5．如图所示，杆BC的B端用铰链接于竖直墙上，另一端C为一定滑轮．重物G系一绳经过滑轮固定于墙上的A点，杆恰好平衡．若将绳的A端沿墙向上移，再使之平衡，杆重、滑轮大小及各处摩擦均可省略，则( )A．绳子的拉力增大，BC杆受到的压力增大B．绳子的拉力增大，BC杆受到的压力减小C．绳子的拉力不变，BC杆受到的压力不变D．绳子的拉力不变，BC杆受到的压力减小【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】定性思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题知杆一直平衡，杆受到两个力作用，故绳子对杆的压力一定沿着杆的方向，而同一根绳子的张力大小处处相等，根据平行四边形定则分析即可．【解答】解：由于杆一直平衡，对两根细线的拉力的合力一定在杆的方向上；又由于而同一根绳子的张力处处相等，而且两根细线的拉力大小相等且等于物体的重力G；根据平行四边形定则，合力一定在角平分线上，由于两拉力的夹角不断增大，两个拉力的合力不断减小，故杆受到的压力不断减小；故选：D．【点评】本题是动态平衡问题，关键要抓住滑轮的力学特性，根据平衡条件和对称性进行分析．6．小雯同学在二楼走廊上，将质量分别为m和2m的两个小球同时以8m/s的速率抛出，其中一个做竖直上抛，另一个竖直下抛，它们落地的时间差为△t，如果小雯同学在四楼走廊上，以同样的方式同时抛出这两个小球，它们落地的时间差为△t′，不计空气阻力，则△t′和△t大小关系是( )A．△t′=△t B．△t′＜△t C．△t′=2△t D．△t′＞2△t【考点】抛体运动．【分析】将竖直上抛运动按照时间段分解为：①竖直上抛到落回抛出点；②接下来的竖直下抛过程；故两个小球的时间差等于竖直上抛到落回抛出点时间．【解答】解：人站在二楼阳台上，同时以8m/s的速率抛出两个小球，其中一个球竖直上抛，另一个球竖直下抛，将竖直上抛运动按照时间段分解为：①竖直上抛到落回抛出点；②接下来的竖直下抛过程；故两个小球的时间差为：；该人站在四楼阳台上，以同样的方式抛出两个小球，它们落地的时间差为：故△t=△t′故选：A．【点评】本题考查了竖直上抛运动的知识，关键是将竖直上抛运动按时间分解为上抛到落回抛出点和接下来的竖直下抛过程；然后再比较两个小球的时间差．7．如图所示，一质量为m的小球在水平细线和与竖直方向成θ角的轻质弹簧作用下处于静止状态则下列说法正确的是( )A．剪断细线的瞬间小球加速度的大小为gtanθ，方向水平向右B．剪断细线的瞬间小球加速度的大小为gsinθ，方向与水平方向夹角为θ向右下C．若将弹簧剪断的瞬间小球加速度的大小为，方向与竖直方向夹角为θ向右下D．若将弹簧剪断的瞬间小球加速度的大小为零【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】未断前，小球受重力、弹簧的弹力、绳子的拉力处于平衡状态，根据共点力的平衡求出弹簧的弹力和绳子的拉力；烧断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变；弹簧剪断的瞬间，绳子的弹力会突变为零，物体只受重力．【解答】解：A、B、根据共点力的平衡，求得弹簧的弹力F=，绳子的弹力为T=mgtanθ，烧断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变，故合力为mgtanθ，水平向右，故加速度为gtanθ，故A正确，B错误；C、根据共点力的平衡，求得弹簧的弹力F=，绳子的弹力为T=mgtanθ，剪断弹簧的瞬间，绳子弹力减为零，故物体只受重力，故加速度为g，竖直向下，故CD错误．故选：A【点评】解决本题的关键知道烧断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变；而剪断弹簧的瞬间，绳子的弹力减为零；然后根据共点力平衡求出弹簧的弹力、绳子的拉力，并求解加速度．8．在液面上以大小为v1的初速度竖直向下射出一个塑料小球，经过时间t塑料小球回到液面，回到液面时塑料小球的速度大小为v2，已知塑料小球在运动过程中受到的液体的浮力大小等于其重力的k倍（k＞1），液体阻力的大小与速度的大小成正比，重力加速度大小为g，下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的，你可能不会求解t，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断，根据你的判断，你认为t的合理表达式应为( )A．t=B．t=C．t= D．t=【考点】动量定理．【专题】动量定理应用专题．【分析】首先根据量纲判断，即等式两边的单位应该是相同的；然后加速k接进1，与实际情况进行比较即可．【解答】解：B、若没有阻力，则v1=v2，但从等式看出时间为零，与实际情况矛盾，故B错误；D、等式两边的单位应该是相同，表达式右边单位是m，左边单位是s，等式显然不成立，故D错误；A、C、若k略大于1，即浮力略大于重力，物体返回时加速度很小，时间很长，但A选项求解的时间不是很长，C选项求解的时间很长，故A错误，C正确；故选：C．【点评】本题采用排除法，关键从两个角度分析：等式两侧量纲相同；代入特殊值，与实际情况结合分析．二．不定项选择题（每题4分，共24分）9．质点做直线运动的位移与时间的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点( )A．第1s内的位移是5mB．t=1s时的速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是2mD．任意1s内的速度增量都是2m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式得出初速度和加速度，结合速度时间公式求出1s末的速度，根据△v=at求出任意1s内速度的增量，根据△x=at2得出任意相邻1s内的位移差．【解答】解：A、第1s内的位移m=6m，故A错误．B、根据=5t+t2得，质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2，在t=1s时的速度v=v0+at=5+2×1m/s=7m/s，故B错误．C、任意相邻的1s内的位移之差△x=at2=2×1m=2m，故C正确．D、任意1s内的速度增量△v=at=2×1m/s=2m/s，故D正确．故选：CD．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．10．如图甲所示，用一水平力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，若重力加速度g取10m/s2，根据图乙提供的信息可算出( )A．物体的质量B．斜面的倾角C．物体能静止在斜面上所施加的最小外力D．地面与斜面间的摩擦因数【考点】牛顿第二定律．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息．【解答】解：AB、对物体受力分析，受推力、重力、支持力，如图x方向：Fcosθ﹣mgsinθ=ma…①y方向：N﹣Fsinθ﹣Gcosθ=0…②从图象中取两个点，（30N，6m/s2）代入①式解得：m=2kg，θ=37°．故A、B正确．C、由图象可知，当a=0时，可解得：F=15N．则物体能静止在斜面上所施加的最小外力为15N，故C正确．D、根据题目的已知条件，无法求出地面与斜面间的动摩擦因数，故D错误．故选：ABC．【点评】本题关键对物体受力分析后，根据牛顿第二定律求出加速度与力F的关系式，结合图象讨论．11．如图所示，地面上放有一物体A，A上叠放一物体B，A与B之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，则A、B受到的摩擦力的情况是( )A．B受到向右的摩擦力B．A受到B对它的向右的摩擦力C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A无摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析地面对M有无摩擦力．再分别以A、B为研究对象，根据平衡条件研究它们受到的摩擦力．【解答】解：C、D、先以整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得到，地面对A没有摩擦力．故C错误，D正确；A、以B为研究对象，压缩状态的弹簧对B有向左的弹力，由平衡条件得到，B受到向右的摩擦力，故A正确；D、根据牛顿第三定律得知，A受到B对它向左的摩擦力，故B错误；故选AD．。
【物理】浙江省宁波市鄞州高级中学2015届高三第一次考试(精校解析版)
2015届浙江宁波鄞州高级中学高三第一次考试理科物理卷1．近年来，高级轿车设计师在设计轿车时发现：轿车的加速度变化率影响乘客的舒适度，加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适。
其实 “加速度的变化率”是描述轿车加速度随时间变化快慢的物理量。
那么，加速度变化率的单位是（ ） A.m s B.2m C.3m s D.4m【答案】C【解析】某量的变化量与发生变化所用时间的比值叫该量的变化率，所用加速度的变化量为ta ∆∆，故单位3m s ，所用C 正确；A 、B 、D 错误。
【考点】单位制;变化率2．如图所示，不带电的金属球A 固定在绝缘底座上，它的正上方有B 点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下(不计空气阻力)，液滴到达A 球后将电荷量全部传给A 球，设前一液滴到达A 球后，后一液滴才开始下落，不计B 点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（ ）A.第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A 球B.当液滴下落到重力等于电场力位置时，之后所有液滴都做匀速运动C.能够下落到A 球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D.所有液滴下落过程中电场力做功相等【答案】C【解析】由题意知，A 球带电性质与液滴相同，故随着下落的液滴越来越多，A 球的电荷量越来越大，对后下落液滴的排斥力越来越大，总有这么一个液滴在下落的过程中先加速后减速，到达A 球时速度减为零，后面的液滴将不能到达A 球，所以A 错误；当液滴下落到重力等于电场力位置时，再下落，电场力增大将大于重力，液滴减速下落，所以B 错误；能够下落到A 球的所有液滴在下落过程A 球带电荷量不同，重力等于电场力位置不同，所以最大动能不相等，故C正确；因为液滴下落过程受电场力不同，所以电场力做功不同，故D 错误。
【考点】带电体在电场中的运动3．如图所示的电路中，电压表都看做理想电表，电源内阻为r．闭合开关S，当把滑动变阻器R3的滑片P向b端移动时（）A.电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小B.电压表V1的示数变小，电压表V2的示数变大C.电压表V1的示数变化量大于V2的示数变化量D.电压表V1的示数变化量小于V2的示数变化量【答案】D【解析】滑片P向b端移动时，滑动变阻器R3的的阻值增大，并联电路电阻增大，外电阻增大，所以路端电压增大，即电压表V1的示数变大，由于总电阻增大，所以干路电流减小，故R1的电压减小，又因为路端电压增大，所以电压表V2的读数增大，所以A、B错误；由以上分析知，R1的电压减小，R2的电压增大，R1和R2的总电压（路端电压增大），所以电压表V1的示数变化量小于V2的示数变化量，故C错误；D正确。
浙江省宁波市余姚八中2015届高考物理模拟试卷(一) 含解析
2015年浙江省宁波市余姚八中高考物理模拟试卷（一）一、选择题1 .一位女士由于驾车超速而被警察拦住．警察走过来说：“太太，您刚才的车速是70公里每小时！"这位女士反驳说:“不可能的！我才开了7分钟，还不到一个小时呢，怎么可能走了70公里呢?"关于这段对话，下列说法中正确的是(）A．警察说的70公里每小时指的是平均速度B．如果女士继续开车，则一个小时内，汽车的位移一定等于70公里C．利用位移与时间的比值计算速度，但位移的大小不能决定速度的大小D．女士和警察产生矛盾的原因是由于两人选择的参考系不同2．如图所示，某同学为了找出平抛运动物体的初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板，O与A在同一高度,小球的水平初速度分别是v1、v2、v3，打在挡板上的位置分别是B、C、D,AB：BC：CD=1：3：5．则v1、v2、v3之间的正确关系是（)A．v1：v2：v3=3：2：1 B．v1：v2:v3=5：3：1C．v1:v2：v3=6：3：2 D．v1：v2：v3=9:4：13．如图所示,物体A、B和C叠放在水平桌面上，水平力为F B=5N，F C=10N，分别作用于物体B、C上,A、B和C仍保持静止．以F f1、F f2和F f3分别表示A与B、B与C、C与桌面间的静摩擦力的大小，则（）A．F f1=5N，F f2=0，F f3=0 B．F f1=5N，F f2=5N，F f3=0C．F f1=0,F f2=5N,F f3=5N D．F f1=0，F f2=10N，F f3=5N4．如图所示,在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中,有一质量为m、阻值为R 的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在O点，并可绕O点摆动．金属线框从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面．则线框中感应电流的方向是（)A．a→b→c→d→aB．d→c→b→a→dC．先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→aD．先是a→b→c→d→a，后是d→c→b→a→d二、选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的．全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分）5．如图,木箱内有一竖直放置的弹簧，弹簧上方有一物块:木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上．若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为（)A．加速下降 B．加速上升 C．减速上升 D．减速下降6．在图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q，R2上消耗的功率为P2,将滑动变阻器P的滑动触头从图示位置向a端移动一些，待电流达到稳定后，则与P移动前相比()A．U变小B．I变小C．Q增大D．P2变小7．在等边三角形三个顶点a、b、c处各有一长直导线垂直穿过纸面,导线中通有电流，已知I a＞I b，方向如图所示,c中电流也是垂直纸面向里，则过c点导线受安培力方向可能是（)A．F1B．F2C．F3D．F4二、非选择题8．如图所示，在同一条电场线上，有A、B、C三点，三点的电势分别是φA=5V，φB=﹣2V,φC=0V，将电荷量q=﹣6×10﹣6C的点电荷从A移到B，电场力做功为J，若将该电荷从B移到C，则电势能（填“增加”或“减少"）了J．9．在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源的频率为50HZ，当地重力加速度的值为9。
余姚中学度第一学期高三物理质量检测试卷
2008学年度余姚中学 高三物理质量检测试卷第一学期命题：何晓薇 审题：张伟芬一、选择题：（每小题3分，共36分）. 在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但选不全的得1分；有错选或不选的得0分。
1、两个共点力的合力为F ，若两个力的方向保持不变，当其中一个力增大一些时，关于合力的大小，下列说法正确的有（ ）A ．一定增大B ．可能不变C ．可能减小D ．以上说法都不对 2、关于物体的下列运动中，不可能发生的是（ ） A ．加速度逐渐减小，而速度逐渐增大 B ．加速度方向不变，而速度方向改变C ．加速度和速度都在变化，加速度最大时速度最小，加速度最小时速度最大D ．加速度大小不变，方向改变，而速度保持不变3、如图1所示，一个质量为m ＝2.0kg 的物体，放在倾角为θ=30°的斜面上静止不动，若用竖直向上的力F ＝10.0N 提物体，物体仍静止（取g=10m/s 2），下述结论正确的是（ ） A ．物体受到的合外力减小10. 0N B ．物体受到的摩擦力减小5.0N C ．斜面受到的压力减小5. 0N D ．物体对斜面的作用力减小10.0N4、身高1.70m 的小陈在校运动会上用背越式恰跳过了1. 70m 的高度，则可以估算出他起跳时竖直向上的速度大约为（取g=10m/s 2）（ ）A ．3m/sB ．4m/sC ．5m/sD ．6m/s5、如图2所示为一辆汽车以恒定功率从静止开始运动的v-t 图像，汽车达到的最大速度（匀速运动时的速度）为20m/s,设所用的时间为60s,则下列说法正确的是（ ） A ．汽车在这60s 内的加速度逐渐减小 B ．汽车在这60s 内的平均速度大于l0m/s C ．汽车在这60s 内的平均速度为l0m/s D ．汽车在这60s 内的位移为600m6、正在匀加速沿平直轨道行驶的长为L 的列车，保持加速度不变通过长度为L 的桥。
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2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高三（上）开学物理试卷一．单项选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共32分）1．一个物体位移与时间的关系为与x=5t﹣t2+2（x以m为单位，t以s为单位），关于此物体下列说法中正确的是( )A．第2s初的速度比1s末速度小2m/sB．2s内的平均速度为4m/sC．第2s内的平均速度为2m/sD．第2s位移比第1s位移大4m2．两同学用如图所示方法做共点力平衡实验．M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点，桌上有若干相同的钩码，某同学已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，另一同学在B点挂的钩码数应是( )A．1个B．3个C．5个D．7个3．下列说法正确的是( )A．若物体运动速率始终不变，则物体所受合力一定为零B．若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动C．若物体所受合力与其速度方向相反，则物体做匀减速直线运动D．若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动4．如图，半圆形凹槽的半径为R，O点为其圆心．在与O点等高的边缘A、B两点分别以速度v1、v2水平相向抛出两个小球，已知v1：v2=1：3，两小球恰落在弧面上的P点．则以下说法中正确的是( )A．∠AOP为45°B．若要使两小球落在P点右侧的弧面上同一点，则应使v1、v2都增大C．改变v1、v2，只要两小球落在弧面上的同一点，v1与v2之和就不变D．若只增大v1，两小球可在空中相遇5．如图，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B 球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力T AC、T AD、T AB的变化情况是( )A．都变大B．T AD和T AB变大，T AC不变C．T AC和T AB变大，T AD不变D．T AC和T AD变大，T AB不变6．公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v c时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处( )A．路面外侧低内侧高B．车速只要低于v c，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于v c，但只要不超出某一高度限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，v c的值变小7．如图所示，在高度为h、倾角为30°的粗糙固定的斜面上，有一质量为m、与一轻弹簧拴接的物块恰好静止于斜面底端．物块与斜面的动摩擦因数为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一平行于斜面的力F拉动弹簧的A点，使m缓慢上滑到斜面顶端．此过程中( )A．F做功为2mghB．F做的功大于2mghC．F做的功等于物块克服重力做功与克服摩擦力做功之和D．F做的功等于物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量之和8．如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据，g=10m/s2．则物体在0.6s时的速度为( )A．2.3m/s B．2.5m/s C．2.7m/s D．3.0m/s二．不定项选择题（每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共20分）9．某娱乐项目中，要求参与者抛出一小球去撞击触发器成功，从而才能进入下一关．现在将这个娱乐项目简化为如下的理想模型：不计空气的阻力，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．若参与者仍在刚才的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以相同的速率v抛出小球，如图所示A为半圆轨道，B为一段光滑斜面，C为一段不足的圆弧轨道，D为内壁光滑的半圆轨道．则小球能够击中触发器的是( )A．A B．B C．C D．D10．2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功．图（a）为利用阻拦系统让舰载机在飞行甲板上快速停止的原理示意图．飞机着舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭，阻拦系统通过阻拦索对飞机施加一作用力，使飞机在甲板上短距离滑行后停止．某次降落，以飞机着舰为计时零点，飞机在t=0.4s时恰好钩住阻拦索中间位置，其着舰到停止的速度一时间图线如图（b）所示．假如无阻拦索，飞机从着舰到停止需要的滑行距离约为1 000m．已知航母始终静止，重力加速度的大小为g．则( )A．在0.4s～2.5s时问内，阻拦索的张力几乎不随时间变化B．从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的C．在滑行过程中，飞行员所承受的加速度大小不会超过2.5gD．在0.4s～2.5s时间内，阻拦系统对飞机做功的功率逐渐减小11．如图所示，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B 点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以确定( )A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度v k12．有一辆质量为170kg、输出功率为1440W的太阳能试验汽车，安装有约6m2的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光照条件下单位面积输出的电功率为30W/m2．若驾驶员的质量为70kg，汽车最大行驶速度为90km/h．假设汽车行驶时受到的阻力与其速度成正比，则汽车( )A．以最大速度行驶时牵引力大小为57.6NB．起动时的加速度大小为0.24m/s2C．保持最大速度行驶1h至少需要有效光照8hD．直接用太阳能电池板提供的功率可获得3.13m/s的最大行驶速度13．一质量为m的小球以初动能E k0从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力f作用，如图所示，图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能、重力势能中的某一个与其上升高度之间的关系，（以地面为零势能面，h0表示上升的最大高度，图上坐标数据中的k为常数且满足0＜k＜1）则由图可知，下列结论正确的是( )A．①、②分别表示的是动能、重力势能随上升高度的图象B．上升过程中阻力大小恒定且f=kmgC．上升高度h=h0时，重力势能和动能相等D．上升高度h=时，动能与重力势能之差为mgh0三．实验题（8分，每空2分）14．某班级同学用如图（a）所示的装置验证加速度a和力F、质量m的关系．甲、乙两辆小车放在倾斜轨道上，小车甲上固定一个力传感器，小车乙上固定一个加速度传感器（可以测量乙在任意时刻的加速度大小），力传感器和小车乙之间用一根不可伸长的细线连接，在弹簧拉力的作用下两辆小车一起开始运动，利用两个传感器可以采集记录同一时刻小车乙受到的拉力和加速度的大小．（1）下列关于实验装置和操作的说法中正确的是__________（多选）（A）轨道倾斜是为了平衡小车甲受到的摩擦力（B）轨道倾斜是为了平衡小车乙受到的摩擦力（C）实验中，在小车乙向下运动的过程中均可采集数据（D）实验中，只能在小车乙加速运动的过程中采集数据（2）四个实验小组选用的小车乙（含力传感器）的质量分别为m1=0.5kg、m2=1.0kg、m3=1.5kg 和m4=2.0kg，四个小组已经完成了a﹣F图象，如图（b）所示．（3）在验证了a和F的关系后，为了进一步验证a和m的关系，可直接利用图（b）的四条图线收集数据，然后作图．请写出具体的做法：①如何收集数据？__________；②为了更直观地验证a和m的关系，建立的坐标系应以__________为纵轴：以__________为横轴．四．计算题（写出必要的计算过程与步骤，共40分）15．研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长．在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v0=72km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L=39m，减速过程中汽车位移s 与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g 取10m/s2．求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少；（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值．16．如图甲所示，一水平放置的圆形套筒由两个靠得很近的同心圆筒组成，一质量m=0.2kg 的小滑块从轨道（截面图如图乙所示）的最低点A，以v0=9m/s的初速度向右运动，小滑块第一次滑到最高点时速度v=1m/s．滑块的尺寸略小于两圆筒间距，除外筒内壁的上半部分BCD粗糙外，其余部分均光滑．小滑块运动轨道的半径R=0.3m，求：（1）小滑块第一次滑到最高点时轨道对其的弹力？（2）小滑块从开始到第一次滑至最高点这段时间内，它克服摩擦力做的功是多少？（3）从开始经过足够长的时间，小滑块减少的机械能是多少？17．如图所示，在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到对面的高台上．如图所示，一选手的质量m=60kg，脚穿轮滑鞋以v0=7m/s的速度抓住竖直的绳开始摆动，当绳摆到与竖直方向夹角θ=37°时，选手放开绳子，绳子的悬挂点到选手的重心距离L=6m．不考虑空气阻力和绳的质量．取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求（1）选手离开绳子时的速度大小；（2）选手放开绳子后到达最高点与放开绳子时的位置间的竖直高度是多少；（3）如果选手上升到最高点时，刚好可以站到水平传送带A点，传送带正以v1=3m/s匀速向左运动，传送带的另一端B点就是终点，且S AB=3.75m．选手能在传送带上自由滑行（人不提供动力），受到的阻力为自重的0.2倍．讨论该选手是否能顺利冲过终点B，说明理由，并求出滑行过程中因摩擦而产生的热量Q．18．如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角θ=37°，半径r=2.5m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E=2×l05N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．质量m=5×l0﹣2kg、电荷量q=+1×10﹣6C的小物体（视为质点）被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v0=3m/s冲上斜轨．以小物体通过C点时为计时起点，0.1s以后，场强大小不变，方向反向．已知斜轨与小物体间的动摩擦因数μ=0.25．设小物体的电荷量保持不变，取g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求弹簧枪对小物体所做的功；（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度．2015-2016学年浙江省宁波市余姚中学高三（上）开学物理试卷一．单项选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共32分）1．一个物体位移与时间的关系为与x=5t﹣t2+2（x以m为单位，t以s为单位），关于此物体下列说法中正确的是( )A．第2s初的速度比1s末速度小2m/sB．2s内的平均速度为4m/sC．第2s内的平均速度为2m/sD．第2s位移比第1s位移大4m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度，从而得出速度的变化量，根据位移，求出平均速度的大小．解答：解：A、根据得，物体的初速度为5m/s，加速度为﹣2m/s2，第2s初与第1s末是同一时刻，速度相等，故A错误．B、2s内的位移x2=（5×2﹣4+2）﹣2m=6m，则2s内的平均速度，故B 错误．C、第2s内的位移x=（5×2﹣4+2）﹣（5﹣1+2）=2m，则第2s内的平均速度，故C正确．D、因为加速度为﹣2m/s2，则第2s内的位移与第1s内位移之差△x=at2=﹣2×1m=﹣2m，可知第2s内的位移比第1s内的位移少2m，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，基础题．2．两同学用如图所示方法做共点力平衡实验．M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点，桌上有若干相同的钩码，某同学已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，另一同学在B点挂的钩码数应是( )A．1个B．3个C．5个D．7个考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据共点力平衡的条件O点的合力应该为零，结合互成角度的二力合成的取值范围进行判断．解答：解：结点O受三根轻质细绳OA、OB和OC的拉力，处于平衡状态，根据共点力平衡的条件合力为零得：OB拉力与OA和OC拉力的合力等值，反向．在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，设每个钩码的重力是mg，所以OA和OC拉力大小分别是3mg和4mg，根据装置的特点，所以OA和OC拉力方向夹角不可能为零或180°，故二者合力的范围为1mg＜F OB＜7mg，所以另一同学在B点挂的钩码数可以是3个、5个，不可能是1个、7个．故选：BC．点评：本题考查平衡条件的应用，知道互成角度的二力的合成范围是F1﹣F2≤F合≤F1+F2．3．下列说法正确的是( )A．若物体运动速率始终不变，则物体所受合力一定为零B．若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动C．若物体所受合力与其速度方向相反，则物体做匀减速直线运动D．若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动考点：牛顿第二定律；匀速直线运动及其公式、图像．分析：物体运动速率不变，但速度的方向可以变化，此时合力不为零；物体做匀加速直线运动时，它的加速度是恒定的；合力与其速度方向相反时，物体做减速直线运动，但不一定是匀减速直线运动，物体受的合力可以变化；匀速直线运动在任意的相等时间间隔内位移都是相等．解答：解：A、物体运动速率不变但方向可能变化，如匀速圆周运动，因此合力不一定为零，所以A错；B、物体的加速度均匀增加，即加速度在变化，是非匀加速直线运动，所以B错；C、物体所受合力与其速度方向相反，只能判断其做减速运动，但加速度大小不可确定，所以C错；D、若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动，所以D对．故选：D．点评：本题考查学生对各种运动的规律及其条件的理解，掌握好各种运动的特点这道题就可以解决了．4．如图，半圆形凹槽的半径为R，O点为其圆心．在与O点等高的边缘A、B两点分别以速度v1、v2水平相向抛出两个小球，已知v1：v2=1：3，两小球恰落在弧面上的P点．则以下说法中正确的是( )A．∠AOP为45°B．若要使两小球落在P点右侧的弧面上同一点，则应使v1、v2都增大C．改变v1、v2，只要两小球落在弧面上的同一点，v1与v2之和就不变D．若只增大v1，两小球可在空中相遇考点：平抛运动．专题：压轴题；平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据几何关系可以求得∠AOP的角度，由平抛运动的规律逐项分析即可求解．解答：解：A、连接OP，过P点作AB的垂线，垂足为D，如图所示：两球在竖直方向运动的位移相等，所以运动时间相等，两球水平方向做运动直线运动，所以而AD+BD=2R所以AD=所以OD=所以cos∠AOP=即∠AOP=60°，故A错误；B、若要使两小球落在P点右侧的弧面上同一点，则A球水平方向位移增大，B球水平位移减小，而两球运动时间相等，所以应使v1增大，v2减小，故B错误；C、要两小球落在弧面上的同一点，则水平位移之和为2R，则（v1+v2）t=2R，落点不同，竖直方向位移就不同，t也不同，所以v1+v2也不是一个定值，故C错误；D、若只增大v1，而v2不变，则两球运动轨迹如图所示，由图可知，两球必定在空中相遇，故D正确．故选D点评：本题考查平抛运动的性质，物体在空中的运动时间取决于竖直高度，水平位移取决于初速度及竖直高度．5．如图，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B 球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力T AC、T AD、T AB的变化情况是( )A．都变大B．T AD和T AB变大，T AC不变C．T AC和T AB变大，T AD不变D．T AC和T AD变大，T AB不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先以B为研究对象受力分析，由分解法作图判断出T AB大小的变化；再以AB整体为研究对象受力分析，由平衡条件判断T AD和T AC的变化情况．解答：解：以B为研究对象受力分析，由分解法作图如图：由图可以看出，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即T AB逐渐变大，F逐渐变大；再以AB整体为研究对象受力分析，设AC绳与水平方向夹角为α，则竖直方向有：T AC sinα=2mg得：T AC=，不变；水平方向：T AD=T AC cosα+F，T AC cosα不变，而F逐渐变大，故T AD逐渐变大；故B正确；故选：B．点评：当出现两个物体的时候，如果不是求两个物体之间的作用力大小通常采取整体法使问题更简单．6．公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v c时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处( )A．路面外侧低内侧高B．车速只要低于v c，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于v c，但只要不超出某一高度限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，v c的值变小考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：汽车拐弯处将路面建成外高内低，汽车拐弯靠重力、支持力、摩擦力的合力提供向心力．速率为v c时，靠重力和支持力的合力提供向心力，摩擦力为零．根据牛顿第二定律进行分析．解答：解：A、路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力．故A错误．B、车速低于v c，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供的力，车辆不一定会向内侧滑动．故B错误．C、当速度为v c时，静摩擦力为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于v c时，摩擦力指向内侧，只有速度不超出最高限度，车辆不会侧滑．故C正确．D、当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则v c的值不变．故D错误．故选：C点评：该题是将物理学的知识与日常生活相联系的好题，解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．基础题目．7．如图所示，在高度为h、倾角为30°的粗糙固定的斜面上，有一质量为m、与一轻弹簧拴接的物块恰好静止于斜面底端．物块与斜面的动摩擦因数为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一平行于斜面的力F拉动弹簧的A点，使m缓慢上滑到斜面顶端．此过程中( )A．F做功为2mghB．F做的功大于2mghC．F做的功等于物块克服重力做功与克服摩擦力做功之和D．F做的功等于物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量之和考点：功能关系；功的计算；弹性势能．分析：F做的功等于系统增加的所有形式能的和，即：物块的重力势能、弹簧的弹性势能、摩擦产生的内能的总和．解答：解：对施加上力F开始到物块恰好开始运动的过程：W1﹣W弹=0…①W弹=E P…②对物块开始运动到到达顶端的过程：W2﹣mgh﹣μmgcos30°•2h…③由①②③得：W F=W1+W2=2mgh+E P可见F做的功大于2mgh，故A错误，B正确；全过程外力F做的功等物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量以及摩擦产生的内能之和，故CD错误；故选：B．点评：此题考查了动能定理的应用，其它的功能关系都可以由动能定理列出的式子变形推导出，注意全面理解．8．如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据，g=10m/s2．则物体在0.6s时的速度为( )A．2.3m/s B．2.5m/s C．2.7m/s D．3.0m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：由表格读出物体在斜面上运动的速度与对应的时间，由速度公式求出加速度，研究物体由t=0到t=1.2s过程，根据斜面上匀加速运动的末速度等于水平面匀减速运动的初速度，由速度公式求出物体在斜面上运动的时间，再求出t=0.6s时的瞬时速度．解答：解：由表格中前两列数据可知，物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为：a1==m/s2=5m/s2由表格中第4、5两组数据可知，物体在水平面上匀减速运动的加速度大小为：a2==m/s2=2m/s2研究物体由t=0到t=1.2s过程，设物体在斜面上运动的时间为t，则有：v B=a1t，v1.2=v B﹣a2（1.2﹣t）代入得v1.2=a1t﹣a2（1.2﹣t）解得：t=0.5s，v B=2.5m/s即物体在斜面上下滑的时间为t=0.5s，则t=0.6s时物体在水平面上运动，速度为：v=v B﹣a2（0.6﹣t）=2.5m/s﹣2×0.1m/s=2.3m/s故选：A．点评：本题由表格的形式反映物体的运动情况，运用运动学的基本公式求解加速度．要抓住物体在斜面上和水平面上运动之间速度关系，研究物体在斜面上运动的时间．二．不定项选择题（每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共20分）9．某娱乐项目中，要求参与者抛出一小球去撞击触发器成功，从而才能进入下一关．现在将这个娱乐项目简化为如下的理想模型：不计空气的阻力，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．若参与者仍在刚才的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以相同的速率v抛出小球，如图所示A为半圆轨道，B为一段光滑斜面，C为一段不足的圆弧轨道，D为内壁光滑的半圆轨道．则小球能够击中触发器的是( )A．A B．B C．C D．D考点：功能关系．分析：小球在运动的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律，以及到达最高点的速度能否为零，判断小球进入右侧轨道能否到达h高度．解答：解：由题意，小球以v竖直上抛的最大高度为h，说明到达最大高度时速度为0．根据机械能守恒有：mgh=①A、根据圆周运动知识可知，小球要到达触发器速度不为0，由机械能守恒得：=mgh′+②，由①②比较知，h′＜h，则小球上升的最大高度减小了，不能击中触发器，故A错误；B、小球离开斜面后做斜抛运动了，到最高点时水平方向有一定的速度，最大高度小于h，不能击中触发器，故B错误；C、根据机械能守恒定律可知，小球上升到最高点时速度刚好等于零，可以击中触发器，故C正确；D在双轨中做圆周运动时到达最高点的速度可以为零，根据机械能守恒守恒知，小球可以上升到最高点并击中触发器，故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键掌握机械能守恒定律，以及会判断小球在最高点的速度是否为零，要明确内壁光滑的圆轨道，小球到达最高点的最小速度为．10．2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功．图（a）为利用阻拦系统让舰载机在飞行甲板上快速停止的原理示意图．飞机着舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭，阻拦系统通过阻拦索对飞机施加一作用力，使飞机在甲板上短距离滑行后停止．某次降落，以飞机着舰为计时零点，飞机在t=0.4s时恰好钩住阻拦索中间位置，其着舰到停止的速度一时间图线如图（b）所示．假如无阻拦索，飞机从着舰到停止需要的滑行距离约为1 000m．已知航母始终静止，重力加速度的大小为g．则( )A．在0.4s～2.5s时问内，阻拦索的张力几乎不随时间变化B．从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的C．在滑行过程中，飞行员所承受的加速度大小不会超过2.5gD．在0.4s～2.5s时间内，阻拦系统对飞机做功的功率逐渐减小考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：通过速度与时间的图象，由图象的斜率表示加速度大小，再由牛顿第二定律确定阻拦索的拉力，同时由图象与时间所构成的面积为位移的大小．由功率P=FV可确定大小如何变化．解答：解：A、在0.4s～2.5s时间内，速度与时间的图象的斜率不变，则加速度也不变，所以合力也不变，因此阻拦索的张力的合力几乎不随时间变化，但阻拦索的张力是变化的，故A错误；。