四川省成都七中2012-2013学年高二上学期期中考试物理试题
四川省成都市七校协作体2010-2011学年高二上学期期中考试试题
四川省成都市七校协作体2010-2011学年高二上学期期中考试试题高三2010-11-23 11:26四川省成都市七校协作体2010-2011学年高二上学期期中考试试题语文第Ⅰ卷(选择题，共30分)一、（本大题共6小题，每小题3分，共18分）1.下列词语中，加点字的读音全部相同的一项是（3分）（）A、赏赍及笄期年缉私羁旅B、擢拔捉弄砍斫谣诼著衣C、悱恻蜚声菲仪俳优绯红D、城隅李煜茱萸伛偻鬼蜮2．下列各组词语中没有错别字的一项是（3分） ( )A．钟磬重章迭句猩红热舞榭歌台B．编纂金壁辉煌必须品陨身不恤C．恪守皇袍加身吊胃口清静无为D．股份落日熔金挖墙脚不明就里3．下列各句中，加点的熟语使用恰当的一项是（3分）（）A．面对全球气候变暖这一不容置喙的事实，各国政府正积极应对，制定政策法令，以进一步减少和限制温室气体的排放，保护自然环境。
B．这首诗意境温厚，格调凄美，哀而不伤，悲剧氛围下带着一点淡淡的安然恬静，具有很高的审美价值。
C. 在度过了一段低迷期后，费德勒居然一发不可收拾，在法网决赛中直落三盘战胜瑞典网球健将索德林，实现了多年以来的全满贯梦想。
D. 大量转发的拜年短信，常常毫无个性和感情色彩，却沾染了现代人某种的功利性、庸俗化的人际文化特色，因此很多人对节日期间的一些所谓短信不厌其烦。
4．下列各句中，没有语病且句意明确的一项是（3分）( )A．大型京剧交响诗剧《梅兰芳》把交响乐的气势磅礴与京剧乐队的细腻婉转结合起来，最终通过舞台呈现并达到一种诗的意境。
B．现在越来越多的美国人开始学习汉语。
据估计，有超过200万美国人能够说一定程度的普通话，学习中文的中小学生数量在七年之间增长了10倍。
C．新课程改革要求语文教学注重学生的合作学习，教师可将全班学生分为若干个合作小组，各小组人数不宜过多，以2—4人即可。
D．虽然在西方发达国家，中学校长向大学推荐优秀学生的现象很普遍，但在当下中国，把推荐的权力交给校长，谁又能确保他们是否为权钱而动？。
成都市第七中学2024年高三物理第一学期期中达标检测试题含解析
成都市第七中学2024年高三物理第一学期期中达标检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、关于科学家和他们的贡献，下列说法不正确的是A．伽利略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．开普勒发现行星绕太阳运动的轨道不是圆，而是椭圆C．库仑指出在电荷的周围存在着由它产生的电场D．富兰克林把用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷命名为正电荷2、某段高速公路对载重货车设定的允许速度范围为50～80 km/h，而上坡时若货车达不到最小允许速度50 km/h，则必须走“爬坡车道”来避免危险，如图所示．某质量为4.0×104 kg的载重货车，保持额定功率200 kW在“爬坡车道”上行驶，每前进1 km，上升0.04 km，汽车所受的阻力(摩擦阻力与空气阻力)为车重的0.01倍，g取10 m/s2，爬坡车道足够长，则货车匀速上坡的过程中( )A．牵引力等于2×104 NB．速度可能大于36 km/hC．上坡过程增加的重力势能等于汽车牵引力所做的功D．上坡过程增加的机械能等于汽车克服阻力所做的功3、如图所示，静止在光滑水平面上的小车质量为M，固定在小车上的杆用长为l的轻绳与质量为m的小球相连，将小球拉至水平右端后放手，则小车向右移动的最大距离为()A．mlM m+B．MlM m+C．2mlM m+D．2MlM m+4、随着世界航空事业的发展，深太空探测已逐渐成为各国关注的热点．假设深太空中有一颗外星球，质量是地球质量的2倍，半径是地球半径的12．则下述判断正确的有( )A．该外星球上第一宇宙速度是地球上第—宇宙速度的2倍B．在地面上所受重力为G的物体，在该外星球表面上所受重力变为2GC．该外星球的同步卫星周期一定小于地球同步卫星周期D．该外星球上从某高处自由落地时间是地面上同一高处自由落地时间的一半5、如图所示的虚线呈水平方向，图中的实线为与虚线成30°角的匀强电场的电场线，图中OM与电场线垂直，且OM=ON。
四川省成都七中实验学校2014-2021学年高二下学期月考物理试卷(3月份) Word版含解析
四川省成都七中试验学校2022-2021学年高二下学期月考物理试卷（3月份）一．选择题1．（3分）如图所示为闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，其中能产生由a到b 的感应电流的是（）A．B． C．D ．2．（3分）如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面，规定向里的方向为正，在磁场中有一细金属圆环，线圈平面位于纸面内，现令磁感应强度B随时间t变化，先按图所示的Oa图线变化，后来又按bc和cd变化，令E1、E2、E3分别表示这三段变化过程中感应电动势的大小，I1、I2、I3分别表示对应的感应电流，则下列正确的是（）A．E1＜E2，I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．E1＜E2，I1沿顺时针方向，I2沿逆时针方向C．E2＜E3，I2沿逆时针方向，I3沿顺时针方向D．E2=E3，I2沿逆时针方向，I3沿顺时针方向3．（3分）如图所示，质量为m的金属环用线悬挂起来，金属环有一半处于水平且与环面垂直的匀强磁场中，从某时刻开头，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力大小的下列说法中正确的是（）A．大于环重力mg，并渐渐减小B．始终等于环重力mgC．小于环重力mg，并保持恒定D．大于环重力mg，并保持恒定4．（3分）如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上．当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、快速经过时，线圈始终保持不动．则关于线圈在此过程中受到的支持力N和摩擦力f的状况，以下推断正确的是（）A．N先小于mg，后大于mg B．N始终大于mgC．f先向左，后向右D．f始终向左5．（3分）如图所示，MN和PQ是两根相互平行竖直放置的光滑金属导轨，已知导轨足够长，且电阻不计．有一垂直导轨平面对里的匀强磁场，磁感应强度为B，宽度为L，ab是一根不但与导轨垂直而且始终与导轨接触良好的金属杆．开头，将开关S断开，让ab由静止开头自由下落，过段时间后，再将S闭合，若从S闭合开头计时，则金属杆ab的速度v随时间t变化的图象不行能是（）A．B．C．D ．6．（3分）下列关于沟通电说法正确的是（）A．用沟通电流表和电压表测定的读数值是交变电流的最大值B．保险丝的额定电流、电容器的耐压值都是交变电流的有效值C．由于有效值表示沟通电产生的平均效果，所以有效值与平均值相同D．我国沟通电的频率是50Hz，表明发电厂发电机转子（线圈）转动的ω=100πrad/s7．（3分）如图甲所示，一个矩形线框abcd在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，线框内磁通量Φ随时间t变化的状况如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A．t1时刻线框中的感应电动势最大B．t2、t4时刻沟通电方向各转变1次C．t3时刻线框平面与中性面重合D．t4、t5时刻线框中感应电流的方向相同8．（3分）如图所示，单匝矩形线圈的一半放在具有抱负边界的匀强磁场中，线圈轴线OO′与磁场边界重合，线圈按图示方向匀速转动（ab向纸外，cd向纸内）．若从图示位置开头计时，并规定电流方向沿a→b→c→d→a 为正方向，则线圈内的感应电流随时间变化的图象是下列图象中的哪个（）A．B．C．D ．9．（3分）如图（a）、（b）所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则（）A．在电路（a）中，断开S，A将理解熄灭B．在电路（a）中，断开S，A将渐渐变暗C．在电路（b）中，断开S，A将渐渐变暗D．在电路（b）中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变10．（3分）如图所示，在电路两端加上正弦沟通电，保持电压有效值不变，使频率增大，发觉各灯的亮暗状况是：灯1变亮，灯2变暗，灯3不变，则M、N、L中所接元件可能是（）A．M为电阻，N为电容器，L为电感线圈B．M为电感线圈，N为电容器，L为电阻C．M为电容器，N为电感线圈，L为电阻D．M为电阻，N为电感线圈，L为电容器11．（3分）如图所示，在匀强磁场中放有平行铜导轨，它与大线圈M相连，要使导线圈N获得顺时针方向的感应电流，并且N线圈面积有有收缩的趋势．则放在导轨上的裸金属棒ab的运动状况是（两线圈共面放置）（）A．向右匀速运动B．向左加速运动C．向右减速运动D．向右加速运动12．（3分）如图所示，有两根和水平方向成α角的光滑平行的金属轨道，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感应强度为B．一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下，经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度v m，则（）A．假如B增大，v m将变大B．假如α增大，v m将变大C．假如R增大，v m将变小D．假如m减小，v m将变大二．填空题13．（3分）如图，为推断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．已知线圈由a端开头绕至b端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为（填“顺时针”或“逆时针”）．14．（3分）如图所示，MN是一根固定的通电长直导线，电流方向向上，今将一金属线框abcd放在导线上，让线框的位置偏向导线的左边，两者彼此绝缘，当导线上的电流突然增大时，线框整个受力为（）A．受力向右B．受力向左C．受力向上D．受力为零15．（3分）如图1是沟通发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线图abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO′转动，由线圈引起的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO′转动的金属圈环相连接，金属圈环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电话电阻R形成闭合电路．已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（只考虑单匝线圈）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开头计时，如图2所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势的表达式e=．16．（3分）如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面对里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按图中的哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环对桌面的压力增大（）A．B．C．D ．三.计算题17．如图，一沟通发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈匝数N=100，线圈电阻r=3Ω，ab=cd=0.5m，bc=ad=0.4m，磁感应强度B=0.5T，电阻R=311Ω，当线圈以n=300r/min的转速匀速转动时．求：（1）感应电动势的最大值；（2）t=0时线圈在图示位置，写出此交变电流电动势瞬时值表达式；（3）此电压表的示数是多少．18．如图所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为L的平行光滑金属轨道上．导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直与导轨平面对上的匀强磁场中，左侧是水平放置、间距为d 的平行金属板，R和R x分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．（1）调整R x=R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v．（2）金属杆ab达到最大速率以后，电阻器R X每秒内产生的电热．（3）转变R x，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电量为+q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的R x．19．如图甲所示，光滑且足够长的平行金属导轨MN、PQ固定在同一水平面上，两导轨间距L=0.30m．导轨电阻忽视不计，其间连接有固定电阻R=0.40Ω．导轨上停放一质量m=0.10kg、电阻r=0.20Ω的金属杆ab，整个装置处于磁感应强度B=0.50T的匀强磁场中，磁场方向竖直向下．用一外力F沿水平方向拉金属杆ab，使之由静止开头运动，电压传感器可将R两端的电压U即时采集并输入电脑，获得电压U随时间t变化的关系如图乙所示．（1）利用上述条件计算说明金属杆做什么性质的运动？加速度是多大？（2）求第2s末外力F的瞬时功率；（3）假如水平外力从静止开头拉动杆2s所做的功W=0.35J，求金属杆上产生的焦耳热．四川省成都七中试验学校2022-2021学年高二下学期月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一．选择题1．（3分）如图所示为闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，其中能产生由a到b 的感应电流的是（）A．B． C．D ．考点：感应电流的产生条件；导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：依据磁感线的特点和产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化或闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流．推断各个选项中有无感应电流产生，并运用楞次定律或右手定则推断感应电流的方向．解答：解：A、A图是闭合电路，导体棒ab垂直切割磁感线，回路产生感应电流，依据右手定则推断知：感应电流方向由a到b，故A正确．B、此导体不闭合，尽管切割磁感线，但不产生感应电流，故B错误．C、穿过闭合线框的磁通量减小，产生感应电流，依据楞次定律推断可知：感应电流方向由b到a，故C错误．D、导体做切割磁感线运动，能产生感应电流，依据右手定则推断知：感应电流方向由b到a，故D错误．故选：A．点评：推断能否产生感应电流是基本的题型，本题还要把握楞次定律和右手定则，娴熟推断感应电流的方向．2．（3分）如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面，规定向里的方向为正，在磁场中有一细金属圆环，线圈平面位于纸面内，现令磁感应强度B随时间t变化，先按图所示的Oa图线变化，后来又按bc和cd变化，令E1、E2、E3分别表示这三段变化过程中感应电动势的大小，I1、I2、I3分别表示对应的感应电流，则下列正确的是（）A．E1＜E2，I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．E1＜E2，I1沿顺时针方向，I2沿逆时针方向C．E2＜E3，I2沿逆时针方向，I3沿顺时针方向D．E2=E3，I2沿逆时针方向，I3沿顺时针方向考点：楞次定律．分析：由法拉第电磁感应定律可得出三者感应电动势的大小关系；由楞次定律可得出三段过程中电流的方向．解答：解：由法拉第电磁感应定律可知E=n，由图知应有第1段中磁通量的变化率较小，而bc、cd两段中磁通量的变化率相同，故有E1＜E2=E3．由楞次定律可推断出I1沿逆时针方向，I2与I3均沿顺时针方向．故BCD均错误；A正确；故选：A．点评：本题考查法拉第电磁感应定律及楞次定律的应用，留意在B﹣t图中同一条直线磁通量的变化率是相同的．3．（3分）如图所示，质量为m的金属环用线悬挂起来，金属环有一半处于水平且与环面垂直的匀强磁场中，从某时刻开头，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力大小的下列说法中正确的是（）A．大于环重力mg，并渐渐减小B．始终等于环重力mgC．小于环重力mg，并保持恒定D．大于环重力mg，并保持恒定考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．分析：磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，回路中产生恒定的电流，由左手定则可确定安培力的方向，再依据安培力F=BIL，分析安培力的变化，由平衡条件即可求解．解答：解：磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，依据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变．由楞次定律可知，感应电流方向：顺时针，再由左手定则可得，安培力的合力方向：竖直向下．ab棒所受的安培力F=BIL，可知安培力F均匀减小，且方向向下，金属环ab 始终保持静止，则拉力大于重力，由于磁感应强度均匀减小．所以拉力的大小也渐渐减小，故A正确，BCD 均错误．故选：A．点评：本题关键依据法拉第电磁感应定律分析感应电动势如何变化，即可推断感应电流和安培力的变化．4．（3分）如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上．当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、快速经过时，线圈始终保持不动．则关于线圈在此过程中受到的支持力N和摩擦力f的状况，以下推断正确的是（）A．N先小于mg，后大于mg B．N始终大于mgC．f先向左，后向右D．f始终向左考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：当磁铁靠近线圈时和远离线圈时，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中产生感应电流，线圈受到安培力作用，依据楞次定律，安培力总是阻碍导体与磁体间的相对运动，分析线圈受到的安培力方向，再分析支持力N和摩擦力f的状况．解答：解：当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，依据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即N大于mg．线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面对左的静摩擦力．当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，依据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即N小于mg．线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面对左的静摩擦力．故ABC错误，D正确．故选：D点评：本题考查运用楞次定律、左手定则、安培则进行综合推断的力量，过程略显繁琐．也可以应用楞次定律的其次种表述直接进行推断，方法比较简洁．基础题．5．（3分）如图所示，MN和PQ是两根相互平行竖直放置的光滑金属导轨，已知导轨足够长，且电阻不计．有一垂直导轨平面对里的匀强磁场，磁感应强度为B，宽度为L，ab是一根不但与导轨垂直而且始终与导轨接触良好的金属杆．开头，将开关S断开，让ab由静止开头自由下落，过段时间后，再将S闭合，若从S闭合开头计时，则金属杆ab的速度v随时间t变化的图象不行能是（）A．B．C．D ．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与图像结合．分析：S闭合后，金属杆在下滑过程中，受到重力和安培力作用，分析安培力与重力大小关系，依据安培力大小与速度大小成正比，分析金属杆的加速度变化，确定金属杆的运动状况．解答：解：A、闭合开关时，金属杆在下滑过程中，受到重力和安培力作用，若重力与安培力相等，金属杆做匀速直线运动．这个图象是可能的，故A正确；BC、若安培力小于重力，则金属杆的合力向下，加速度向下，做加速运动，在加速运动的过程中，产生的感应电流增大，安培力增大，则合力减小，加速度减小，做加速度渐渐减小的加速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动．故B错误，C正确；D、若安培力大于重力，则加速度的方向向上，做减速运动，减速运动的过程中，安培力减小，做加速度渐渐减小的减速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动．故D正确．本题选不行能的，故选：B．点评：本题是电磁感应的动态变化分析，分析方法可以和机车启动的动态变化过程进行类比解答．留意不能漏选．6．（3分）下列关于沟通电说法正确的是（）A．用沟通电流表和电压表测定的读数值是交变电流的最大值B．保险丝的额定电流、电容器的耐压值都是交变电流的有效值C．由于有效值表示沟通电产生的平均效果，所以有效值与平均值相同D．我国沟通电的频率是50Hz，表明发电厂发电机转子（线圈）转动的ω=100πrad/s考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；交变电流．专题：沟通电专题．分析：依据沟通电的性质及应用可分析有哪些状况用到有效值；平均值和有效值的作用不同；依据沟通电的产生即可得出转子的角速度与频率的关系．解答：解：A、用沟通电流表和电压表测定的读数值是交变电流的有效值；故A错误；B、保险丝的额定电流是交变电流的有效值‘；但电容器的耐压值是沟通电的最大值；故B错误；C、沟通电的有效值是利用电流的热效应定义的，与平均值不具有相同的效果；故C错误；D、我国的沟通电频率为50Hz，角速度ω=2πf=2π×50=100πrad/s；发电厂发电机转子的角速度与沟通电的角速度相同；故为ω=100πrad/s；故D正确；故选：D．点评：本题考查沟通电的性质，要留意明确沟通电的有效值、平均值及最大值之间的区分和联系．7．（3分）如图甲所示，一个矩形线框abcd在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，线框内磁通量Φ随时间t变化的状况如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A．t1时刻线框中的感应电动势最大B．t2、t4时刻沟通电方向各转变1次C．t3时刻线框平面与中性面重合D．t4、t5时刻线框中感应电流的方向相同考点：沟通发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：沟通电专题．分析：由数学学问可知：磁通量﹣时间图象斜率等于磁通量的变化率，其大小打算了感应电动势的大小．当线圈的磁通量最大时，线圈经过中性面，电流方向发生转变．解答：解：A、t1时刻通过线圈的磁通量最大，而磁通量的变化率等于零，故感应电动势为零，故A错误；B、t2和t4时刻磁通量为零，故感应电动势最大，此时电流不会发生转变；故B错误；C、t3时刻线圈的磁通量最大，处于中性面，故C正确；D、t5时刻磁通量为零，线圈与磁场平行，线圈中感应电动势最大，电流最大；t4时刻线圈中没有感应电流；故D错误；故选：C．点评：本题关键抓住感应电动势与磁通量是互余关系，即磁通量最大，感应电动势最小；而磁通量最小，感应电动势最大．8．（3分）如图所示，单匝矩形线圈的一半放在具有抱负边界的匀强磁场中，线圈轴线OO′与磁场边界重合，线圈按图示方向匀速转动（ab向纸外，cd向纸内）．若从图示位置开头计时，并规定电流方向沿a→b→c→d→a 为正方向，则线圈内的感应电流随时间变化的图象是下列图象中的哪个（）A．B．C．D ．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与图像结合．分析：先依据楞次定律推断出感应电流的方向．再由感应电动势的表达式e=E m sinωt，由欧姆定律求出此线圈感应电流的表达式，再选择图象．解答：解：图示时刻后瞬间，由楞次定律推断出线圈中感应电流方向为：a→d→c→b→a，为负方向．线圈中产生的感应电动势表达式为e=E m sinωt=BSωsinωt，S是线圈面积的一半，则感应电流的表达式为i=﹣=﹣sinωt=﹣I m sinωt，其中I m =．故线圈中感应电流按正弦规律变化，依据数学学问得知D正确，ABC错误．故选：D点评：本题是楞次定律和正弦交变电流瞬时值表达式e=E m sinωt的应用，此式计时起点是中性面．9．（3分）如图（a）、（b）所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则（）A．在电路（a）中，断开S，A将理解熄灭B．在电路（a）中，断开S，A将渐渐变暗C．在电路（b）中，断开S，A将渐渐变暗D．在电路（b）中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变考点：自感现象和自感系数．分析：电感总是阻碍电流的变化．线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡1构成电路回路解答：解：A、B、在电路A中，断开S，由于线圈阻碍电流变小，导致灯A将渐渐变暗，由于断开前后的电流一样，灯不会变得更亮．故A错误，B正确；C、D、在电路B中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小的多，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致灯泡将变得更亮，然后渐渐变暗．故C错误，D正确；故选：BD点评：线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈左端是电源正极．当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈右端是电源正极10．（3分）如图所示，在电路两端加上正弦沟通电，保持电压有效值不变，使频率增大，发觉各灯的亮暗状况是：灯1变亮，灯2变暗，灯3不变，则M、N、L中所接元件可能是（）A．M为电阻，N为电容器，L为电感线圈B．M为电感线圈，N为电容器，L为电阻C．M为电容器，N为电感线圈，L为电阻D．M为电阻，N为电感线圈，L为电容器考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．分析：线圈的感抗与沟通电的频率成正比，电容器的容抗与频率成反比，而电阻与频率没有关系．沟通电频率增大，灯泡变暗，阻抗变大，变亮，阻抗变小．解答：解：沟通电频率增大，灯1变亮，阻抗变小，说明M是电容器；灯2变暗，阻抗变大，说明N为电感线圈．灯3亮度不变，说明L为电阻，故C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题考查电感线圈、电容器对沟通电的影响的理解和应用，对于线圈的感抗可依据公式X L=2πfL，电容器的容抗依据X C =记忆．11．（3分）如图所示，在匀强磁场中放有平行铜导轨，它与大线圈M相连，要使导线圈N获得顺时针方向的感应电流，并且N线圈面积有有收缩的趋势．则放在导轨上的裸金属棒ab的运动状况是（两线圈共面放置）（）A．向右匀速运动B．向左加速运动C．向右减速运动D．向右加速运动考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：依据棒的切割磁感线，依据右手定则可确定感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律来确定感应电流的大小；从而由右手螺旋定则来确定线圈M的磁通量的变化，再依据楞次定律，即可确定线圈N中的感应电流的方向．解答：解：由楞次定律可知，若要让N中产生顺时针的电流，M必需让N中的磁场向里减小或向外增大两种可能；但是要使线圈收缩只能是N中磁场增大；故有垂直纸面对外的磁场向外且大小增大，直导线中电流应由b到a，且大小增大；则有右手定则可知，导体棒向左加速运动；故B正确，ACD错误；故选：B点评：本题考查右手定则、法拉第电磁感应定律、右手螺旋定则与楞次定律的应用，留意各定律的正确作用，同时要精确区分右手定则与左手定则．12．（3分）如图所示，有两根和水平方向成α角的光滑平行的金属轨道，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感应强度为B．一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下，经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度v m，则（）A．假如B增大，v m将变大B．假如α增大，v m将变大C．假如R增大，v m将变小D．假如m减小，v m将变大考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：先分析金属杆的运动状况：金属杆从轨道上由静止滑下的过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到安培力作用，安培力先小于重力沿斜面对下的分力，后等于重力沿斜面对下的分力，则金属棒先做变加速运动，后做匀速运动，此时速度达到最大，由平衡条件和安培力公式F=得到最大速度v m的表达式，再进行分析．解答：解：金属杆下滑过程中，受重力、导轨的支持力和安培力，开头时重力沿斜面的分力大于安培力，金属杆做加速运动．随着速度的增加，安培力在增大，所以金属杆加速度渐渐减小，当加速度减小到零，速度最大．当加速度为零时，金属杆做匀速运动，速度最大，则有mgsinα=BIL，I=，联立得：v m =．由上式分析得知：A、假如B增大，v m将变小，故A错误．B、假如α增大，v m将变大，故B正确．C、假如R变大，v m将变大，故C错误．D、假如m减小，v m将变小，故D错误．故选：B．点评：本题第一方面要正确分析金属棒的运动状况，其次方面要熟记安培力的阅历公式F安=，就能正确求解．二．填空题13．（3分）如图，为推断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．已知线圈由a端开头绕至b端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为逆时针（填“顺时针”或“逆时针”）．考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：电流从左端流入指针向左偏转，依据电流表指针偏转方向推断电流方向，然后应用安培定则与楞次定律分析答题．解答：解：已知当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转；当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，穿过L的磁通量向上，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向上，由安培定则可知，线圈中电流从b流向a，俯视线圈，其绕向是逆时针；故答案为：逆时针．点评：娴熟应用安培定则与楞次定律是正确解题的关键；要把握安培定则与楞次定律的内容，留意看线圈的方向是解题的关键．14．（3分）如图所示，MN是一根固定的通电长直导线，电流方向向上，今将一金属线框abcd放在导线上，让线框的位置偏向导线的左边，两者彼此绝缘，当导线上的电流突然增大时，线框整个受力为（）A．受力向右B．受力向左C．受力向上D．受力为零考点：楞次定律．分析：金属线框放在导线MN上，导线中电流产生磁场，当导线中电流增大时，穿过线框的磁通量增大，依据楞次定律推断线框所受有安培力方向．当磁通量增大时，线框应向磁通量减小的方向移动．解答：解：金属线框放在导线MN上，导线中电流产生磁场，依据安培定则推断可知，线框左右两侧磁场方向相反，线框左侧的磁通量大于线框右侧的磁通量，磁通量存在抵消的状况．当导线中电流增大时，穿过线框的磁通量增大，线框产生感应电流，依据楞次定律可知，感应电流的磁场要阻碍磁通量的变化，则线框将向磁通量减小方向运动，即向右移动，故A正确，BCD错误；故选：A．点评：本题运用楞次定律推断电磁感应中导体的运动方向，也可以依据因果关系，运用安培定则、楞次定律和左手定则按部就班进行分析推断．15．（3分）如图1是沟通发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线图abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO′转动，由线圈引起的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO′转动的金属圈环相连接，金属圈环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电话电阻R形成闭合电路．已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（只考虑单匝线圈）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开头计时，如图2所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势的表达式e=e=BL1L2ωsin（ωt+φ0）．。
四川省成都七中2013-2014学年高二上学期入学考试物理试题 Word版无答案
成都七中2013-2014学年高二上学期入学考试物理试题注意事项：1、理科综合考试时间150分钟，满分300分，其中物理110分，化学100分，生物90分；2、物理试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题），考生答题时，需将答案答在答题卡上，答在试卷或草稿纸上均无效。
第Ⅰ卷 选择题（42分）本卷必须用2B 铅笔把你选择的答案在答题卡上对应的位置涂黑。
本卷共7题，每题6分，在每小题给的4个选项中，有的只有一个选项符合要求，有的有多项符合要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，有错或不选得0分1、关于曲线运动，以下说法中正确的是（ ）A ．平抛运动是一种匀变速运动B ．物体在恒力作用下不可能做曲线运动C ．做匀速圆周运动的物体，所受合力是恒定的D ．做圆周运动的物体合力总是与速度方向垂直2、我国同步卫星“天链一号0l 星”在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，成功定点在东经770赤道上空的同步轨道。
关于成功定点后的“天链一号01星”，下列说法正确的是（ ）A ．离地面高度一定，相对地面静止B ．发射速度和运行速度都大于7.9km/sC ．运行角速度比月球绕地球圆周运动的角速度小D ．向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等3、如图，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q （q ＞0）的固定点电荷。
已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为（k 为静电力常量） （ ）A. 23q k R B. 299Q q kR + C. 2Q q k R + D.2109q k R 4、汽车的质量为4吨，最大功率为100kw ，在平直的公路上能达到的最大速度是25m/s ，现让汽车由静止开始先以1m/s 2匀加速起动到最大功率，再以恒定功率加速到最大速度，整个过程中汽车所受的阻力大小不变，则当汽车的速度为15m/s 时汽车的实际功率为（ ）A 、120kwB 、100kwC 、80kwD 、60kw5、如图所示，“旋转秋千中的两个座椅A 、B 质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。
成都七中2023-2024学年高二上学期12月阶段性考试物理试卷
成都七中 2023—2024 学年度上期高 2025届 12 月阶段性测试物理试卷考试时间：90分钟满分：100分 试卷说明：1． 答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。
2． 回答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，用黑色签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3． 考试结束后，试卷自己带走，只将答题卡交回。
一、单项选择题（本题共8个小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求。
选对得3分，选错得0分。
）1.在通电螺线管内部，水平放置的静止的小磁针N 极水平向右，位于螺线管左侧端面的一小段竖直导线受到的安培力方向垂直于纸面向外，则以下说法正确的是A ．接线柱b 和d 接电源正极，接线柱a 和c 接电源负极B ．接线柱a 和c 接电源正极，接线柱b 和d 接电源负极C ．接线柱b 和c 接电源正极，接线柱a 和d 接电源负极D ．接线柱a 和d 接电源正极，接线柱b 和c 接电源负极2.汽车排放尾气时，常发出较大的噪音。
在汽车中安装干涉消音器能够有效消除这类噪音。
消音器的概念设计如图，当声波抵达甲点时分别沿着上方虚线和下方点线传播，最终在乙点汇合。
假设尾气噪音的主频率为f ，声音传播速度为v ，下列选项为两条路径的长度差，其中降噪效果最佳的是A ．fvB ．C ．D ． 3.如图所示，匀强电场平行于十六宫格所在平面，每小格正方形边长为4cm ，已知a 、b 、c 三个格点电势分别为φa =2V 、φb =4V 、φc =6V ，以下说法正确的是A ．电场强度大小为50V/mB ．十六宫格25个格点中电势最高为12VC ．十六宫格25个格点中电势最低为-2VD ．十六宫格中央格点电势为2V4.某次实验，小明测得一小灯泡伏安特性曲线如图所示，若将该灯泡与一电动势E =1.5V 、内阻r =1.5Ω的电源连接，每个小灯泡实际消耗的功率最接近A ．0.15WB ．0.25WC ．0.35WD ．0.45W要求。
四川省成都七中2019-2020学年高二上学期期中物理试题含答案
成都七中2019—2020学年度上期高2021届半期考试物理试卷一、单项选择题1.下列说法中正确的是A. 摩擦起电的实质是通过外力做功凭空产生了电荷B. 电子就是元电荷C. 由公式2kQ E r可知，当r →0时，E →∞，因此可得场强为无穷大的电场 D. 电场强度的方向就是电势降低最快的方向2.下列四个电场中，a 、b 两点电场强度相同的是A. B.C. D.3.下列说法中正确的是A. 把一根均匀导线等分成等长的两段，则每部分的电阻率也变为原来的一半B. 电容器所带的带电量越多，说明它的电容越大C. 电动势单位跟电压的单位一样，都是伏特，所以电动势就是电压D. 其他电阻不变时，并联电路中其中一个电阻增大，总电阻增大4.如图甲所示电路，小灯泡通电后其电压U 随所加电流I 变化的图线如图乙所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PM 为U 轴的垂线，PQ 为I 轴的垂线，下列说法中正确的是（ ）A. 随着所加电流的增大，小灯泡的电阻减小B. 对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝121U I I - C. 在电路中灯泡L 两端的电压为U 1时，电阻R 两端的电压为I 1RD. 对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围的“面积”5.某电场的电场线分布如图，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线所示路径运动，M 和N 是轨迹上的两点. 以下说法正确的是A. M 、N 点场强M N E E > B. 粒子在M 、N 点的加速度M N a a >C. 粒子在M 、N 点的速度M N v v <D 粒子带负电6.避雷针上方有雷雨云时避雷针附近的电场线分布如图所示，图中中央的竖直黑线代表了避雷针，CD 为水平地面，MN 是电场线上的两个点，下列说法正确的是A. M 点的电势比N 点的电势高B. 试探电荷从M 点沿直线移动到N 点，电场力做功最少C. 将电子从M 点移到N 点，电子的电势能减小D. M 点的场强比N 点的场强大7.静电场中x 轴上的电势ϕ随x 坐标变化的x φ-图线如图所示. 若将一带负电粒子（重力不计）从坐标原点O 由静止释放，粒子沿x 轴运动，电场中P 、Q 两点的坐标分别为1mm 、4mm. 则下列说法正确的是的.A. 粒子经过P点与Q点时，动能相等B. 粒子在P点的电势能为正值C. 粒子经过P点和Q点时，加速度大小相等、方向相反D. 粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等8.在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R 3均为定值电阻，且R 3=r，R 2为滑动变阻器。
2023四川省成都市第七中学2022-2023学年高二上学期10月阶段性考试物理试题
成都七中高2024届高二（上）物理阶段性考试题答题时间：100分钟 满分110分一、单项选择题（本题8个小题，每题3分，共24分）1．下列说法正确的是（ ） A ．由公式=FE q可知，电场中某点的电场强度E 与F 成正比 B ．电子就是元电荷C ．点电荷是一种理想模型，对于任何带电球体总可以把它看作电荷全部集中在球心的点电荷D ．当带正电物体靠近导体而不接触，导体远端也会产生正电荷2．电荷量分别为2+q 和-q 的两点电荷的电场线分布如图所示，O 、A 、B 是两电荷连线上的三点，O 点是连线的中点，且=OA OB ，C 、D 连线中垂线上两点，且=OC OD ，一带电粒子沿MN 轨迹在电场中运动，下列说法正确的是（ ）A ．C 点场强等于D 点场强B ．>AO OB U UC ．粒子带正电，加速度先减小后增大D ．把一负电荷从C 点沿直线CD 移至D 点，电势能先增大后减小3．如图所示，示波管的结构中有两对互相垂直的偏转电极'XX 和'YY ，若在'XX 上加如图所示的扫描电压x U ，在'YY 上加信号电压y U ，在示波管荧光屏上看到的图形可能是（ ）A ．B ．C ．D ．4．光滑绝缘水平面上有三个带电小球（均可视为点电荷）a 、b 、c ，三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下保持静止状态。
若a 、b 之间的距离小于b 、c 之间的距离．则以下说法正确的是（ ）A ．a 对c 的静电力一定是引力B ．a 对b 的静电力可能是斥力C ．三个小球所带电荷量的大小关系是>>c a b Q Q QD ．三个小球所带电荷量均变为原来的一半，b 球仍静止，a 、c 球将会运动5．在静电场中将一个带电荷量为92.010C -=-⨯q 的点电荷先从A 点移动到B 点，此过程仅有电场力做功，点电荷的动能增加了74.010J -⨯；然后又将点电荷从B 点移动到C 点，此过程中除电场力外，其他力做功为76.010J -=⨯W ，点电荷的动能增加了72.010J -⨯。
四川省成都七中2013-2014高二下学期期中考试物理试题(含答案解析)(2014.04)
成都七中2013年~2014年学年度下期期中考试
高二物理试卷
考试时间：100分钟试题满分：110分命题人：高二物理备课组
第Ⅰ卷（42分）
一．单项选择题（每题3分，共18分；每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意）
1．下列关于机械振动和机械波的说法正确的是（）
A．有机械波一定有机械振动，有机械振动一定有机械波
B．机械波在介质中的传播速度由介质本身的性质决定，与频率无关
C．纵波在波传播方向上的某个质点的振动速度和波的传播速度是一样的
D．机械波发生干涉时，振动加强处的位移一定大于振动减弱处位移
2．在电能的输送过程中，若输送的电功率一定、输电线电阻一定时，对于在输电线上损失的电功率，有如下四种判断,正确的是（）
A.和输送电压成正比
B.和输送电线上的电流成正比
C.和输送电线上的电压降成正比
D.和输送电压的平方成反比
3. 闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下。
当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部），以下结论中正确的是（）Array A．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引
B．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥
C．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引
D．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥
4．如图，（a）为一波源的共振曲线，（b）图中的a表示该波源的振动沿x轴传播过程中形成的机械波在t=0时刻的波形曲线。
则下列说法错误
．．的是
第 1 页共11 页。
物理高二-四川省成都市第七中学2022-2023学年高二上学期期中理科物理试题
Word 版见：高考高中资料无水印无广告word 群559164877高考物理高中物理资料群909212193；全国卷老高考资料全科总群1040406987四川省成都市第七中学2022-2023学年高二上学期期中理科物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列单位换算关系正确的是（ ）A ．1法拉=1库仑•伏特B ．1焦耳=1.6×10-19电子伏C ．1牛顿⁄库仑=1伏特⁄米D ．1安培=1库仑⁄欧姆2．下列说法中正确的是（ ）A ．根据库仑定律，当两电荷的距离趋近于零时，静电力趋向无穷大B ．负电荷在静电场中由高电势处运动到低电势处，它的电势能增大C ．在静电场中沿着等势面移动检验电荷，检验电荷所受电场力为零D ．在静电场中电场线分布越密的地方，相等距离两点间的电势差越大3．已知质子质量M =1.67×10-27 kg ，电量Q =1.6×10-19 C ；电子质量m =9.1×10-31 kg ，电量q =-1.6×10-19C ；静电力常量k =9.0×109 N∙m 2/C 2。
氢原子的原子核为一个质子，原子核外电子如果距质子r =0.53×10-10m ，则它们之间的相互作用力大小是（ ）A ．27NB ．8.2×10-8 NC ．4.3×10-18 ND ．5.1×1011 N 4．图中虚线a 、b 、c 、d 、f 代表匀强电场内间距相等的一组等势面。
一电子经过a 时的动能为10eV ，从a 到d 的过程中克服电场力所做的功为6eV 。
下列说法正确的是（ ）A ．如果该电子的运动轨迹是直线，那么它一定能到达平面fB ．如果该电子的运动轨迹是直线，那么它一定不能到达平面fC ．如果该电子的运动轨迹是曲线，那么它一定能到达平面fD ．如果该电子的运动轨迹是曲线，那么它一定不能到达平面f5．如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板M 、N 构成平行板电容器，带有一定电量。
四川省成都七中2013-2014学年高二下学期入学考试物理试题(含答案)
成都七中高2015级2014年春季入学考试理科综合能力测试（物理部分）第I 卷（选择题共42分）一、选择题。
（本题共7小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）1. 两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边△ABC 的A 和B 处，如图所示.两通电导线在C 处产生磁场的磁感应强度大小都足B 0，则下列说法正确的是：( )A.等边三角ABC 区域中（包括边界）没有磁感应强度为0的点B.在C 处磁场的总磁感应强度方向垂直于AB 连线向下C.在C 处磁场的总磁感应强度大小是B 0D.在C 处若有一电流大小为I ，长度为L 的的恒定电流，受到的安培力可能为B 0IL2.如图所示，平行板电容器竖直放置，A 板上用绝缘线悬挂一带电小球，静止时，绝缘线与固定的A 板成θ角，平移B 板，下列说法正确的是（ ）A ．S 闭合，B 板向上平移一小段距离，θ角不变B ．S 闭合，B 板向左平移一小段距离，θ角变小C ．S 断开，B 板向上平移一小段距离，θ角变大D ．S 断开，B 板向左平移一小段距离，θ角变大3.在如图所示的电路中，电动势为E 、内电阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，已知电源内阻r 小于定值电阻R 1，在滑动变阻器滑片P 自a 端向b 端滑动的过程中,下列说法中正确的是 （ ）A ．电压表示数变小，R 2两端的电压变大B ．电源的效率变大C ．电流表示数变大，通过R 2的电流变小D ．电源的输出功率变小4.如图所示，通电导线MN 与单匝矩形线圈abcd 共面，位置靠近ab 且相互绝缘。
当MN 中电流突然增大时，线圈所受安培力的合力方向（ ）A.向左B.向右C.垂直纸面向外D.垂直纸面向里5. 在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一圆形导体环。
规定导体环中电流的正方向如图A 所示，磁场向上为正。
四川省成都七中实验学校2013-2014学年高二(上)期中物理试卷 Word版含解析
2021-2022学年四川省成都七中试验学校高二（上）期中物理试卷一.单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共18分每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）（2022秋•宝安区校级期末）两个完全相同的小金属球，它们的带电荷量之比为5：1（皆可视为点电荷），它们在相距肯定距离时相互作用力为F1，假如让它们接触后再放回各自原来的位置上，此时相互作用力变为F2，则F1：F2可能为（）A．5：2 B．5：4 C．5：6 D．5：9考点：库仑定律．分析：两个球的电性可能相同也可能不同，则接触带电的原则是总电荷平分，依据F=得出接触后再放回原处的库仑力大小．解答：解：它们在相距肯定距离时相互作用力为F1=；若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的确定值为2q，此时两球的库仑力F2==，则F1：F2为5：4，若两电荷同性性，接触后再分开，两球电量的确定值为3q，此时两球的库仑力F2==，则F1：F2为5：9，故B、D正确，AC错误；故选：BD．点评：解决本题的关键把握接触带电的原则，总电荷平分，同时要留意原来的电荷的电性，以及把握库仑定律的公式F=．2．（3分）（2022秋•东莞期末）下述说法正确的是（）A．依据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．依据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．依据场强叠加原理，可知合电场的场强肯定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹考点：电场强度；点电荷的场强；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，不能简洁从数学理解．E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但大小不肯定比分场强大．电场线与运动轨迹不是一回事．解答：解：A、E由电场本身打算，与F、q无关．故A错误．B、E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．故B正确．C、场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但不肯定比分场强大，也可能相等，也可能比分场强小．故C错误．D、电场线表示电场的强弱和方向，与电荷的轨迹不肯定重合．故D错误．故选B．点评：本题考查对场强两个公式的理解力量，要留意区分摸索电荷还是场源电荷，电场强度与场源电荷有关，与摸索电荷无关．3．（3分）（2021秋•武侯区校级期中）如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点．a、b电势分别为φa=5V，φb=3V．下列叙述正确的是（）A．该电场在c处的电势肯定为4VB．a点处的场强E a肯定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能肯定增加D．一正电荷运动到c点时受到的电场力肯定由c到b考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势肯定为4V；电场力做功状况，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化，电场线的疏密可以推断场强的大小；正电荷受到的电场力方向与场强方向相同．解答：解：A、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在c点处的电势肯定为4V．当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不肯定为4V，故A错误；B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强E a不肯定大于b点处的场强E b．故B错误；CD、据电场线和场强方向的规定可知，正电荷所受的电场力方向水平向左，所以从c到b电场力做做功，电势能减小，动能增加，故C错误，D正确．故选：D．点评：本题要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的凹凸，电场力做功与动能和电势能间的关系．4．（3分）（2009•常德模拟）如图是一火警报警装置的一部分电路示意图，其中R2是半导体热敏传感器，它的电阻随温度上升而减小，a、b接报警器．当传感器R2所在处消灭火情时，电流表的电流I和a、b两端电压U与消灭火情前相比（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变大，U变小D．I变小，U变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当传感器R2所在处消灭火情时，R2减小，分析外电路总电阻如何变化，依据欧姆定律分析干路电流的变化状况和路端电压U的变化状况，依据R2、R3并联电压的变化状况，分析通过R3电流的变化状况，即可知电流表示数变化状况．解答：解：由题知，当传感器R2所在处消灭火情时，R2减小，R2、R3并联的电阻减小，外电路总电阻减小，依据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I干增大，路端电压减小，即a、b两端电压U变小；R2、R3并联电压U并=E﹣I干（R1+r），I干增大，E、R1、r均不变，则U并减小，通过R3电流减小，由于干路电流增大，则知电流表示数I变大．故C正确，ABD错误．故选C点评：本题是信息题，首先要抓住传感器R2电阻与温度的关系，其次按“部分→整体→部分”的挨次进行动态分析．5．（3分）（2021秋•梁山县校级期中）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．B点电势高于A点B．粒子带正电C．粒子在A点加速度大D．粒子在B点电势能高考点：电场线；电场强度；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．解答：解：A、沿电场线方向电势降低，所以B点电势低于A点．故A错误；B、依据曲线运动条件可得粒子所受合力应当指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故B错误；C、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小，故C错误；D、依据曲线运动条件可得粒子所受合力应当指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，电场力做负功，电势能增大，故D正确；故选：D点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是依据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．6．（3分）（2021秋•梁山县校级期中）有一台电风扇，额定电压为220V，额定电功率为50W，线圈电阻为0.4Ω．当电风扇在额定电压下工作时，关于它的线圈电阻每分钟产生的热量是多少，有四位同学计算如下，其中正确的是（）A．Q=I2Rt=（）2×0.4×60J≈1.24JB．Q=Pt=50×60J=3000JC．Q=IUt=J=3000JD．Q==J=7.26×106J考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：已知电流和线圈的电阻以及通电时间，由Q=I2Rt就可计算出线圈产生的热量．解答：解：电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的，所以每分钟产生的热量为：Q=I2Rt=（）2×0.4×60J≈=1.24J故选：A．点评：本题考查了电动机正常工作时产生热量的计算，是一道基础题，关键是正确理解电功和电热的关系以及各自的求解方法．7．（3分）（2021秋•武侯区校级期中）下列关于电源电动势概念的生疏中，正确的是（）A．电源电动势是描述电源把其他形式的能转化成电能本事大小的物理量B．电源把越多其他形式的能转化为电能，电动势就越大C．电动势和电压单位相同，所以物理意义也相同D．在闭合电路中，电源电动势等于路端电压与电源内部电势降落之和考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本事的物理量；电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，电动势等于电源没有接入电路时电源两极间的电压，电动势等于内外电路电压之和．解答：解：A、电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本事，电源的电动势大，该电源把其他能转化成电能的本事大，故A正确．B、依据W=qU，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势不肯定大，还跟移动电荷的多少有关．故B错误；C、电动势定义式ɛ=，电压定义式U=，故其物理意义不同，C错误；D、依据闭合电路欧姆定律，在闭合电路中，电源电动势等于路端电压与电源内部电势降落之和，D正确．故选：AD．点评：知道电源的概念、物理意义、定义式即可正确解题，本题要留意电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本事大小，依据W=qU可知，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势不肯定大，还跟移动电荷的多少有关．8．（3分）（2022春•常州期末）如图所示，两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器，极板N 与静电计金属球相连，极板M和静电计的外壳均接地．用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U．在两板相距为d时，给电容器充电，静电计指针张开肯定角度．在与外界绝缘的状况下保持电容器的带电量Q 不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是（）A．仅将M板向下平移B．仅将M板向左平移C．仅在M、N之间插入云母板（相对介电常数大于1）D．仅在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器充电后断开电源保持带电量不变，依据平行板电容器的打算式可求得C的变化，再由电容的定义式可求知指针张角的变化，留意指针张角变大时，极板之间的电压增大．解答：解：A、仅将M板向下平移，两极板正对面积减小，电容减小，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故A错误．B、仅将M板向左平移，板间距离增大，电容减小，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故B错误．C、仅在M、N之间插入云母板，电容增大，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故C正确．D、仅在M、N之间插入金属板，板间距离减小，电容增大，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故D正确．故选：CD．点评：本题关键要把握打算电容的三个因素：板间距离、电介质、正对面积，以及电容的定义式C=．二、不定项选择题（本题共4小题，每小题4分，共24分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）9．（4分）（2022秋•建邺区校级期中）如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R同时在等势面b上，据此可知（）A．三个等势面中，c的电势最高B．带电质点在P点的电势能比在Q点的小C．带电质点在P点的动能与电势能之和比在Q点的小D．带电质点在P点的加速度比在Q的加速度大考点：等势面；电场强度．分析：作出电场线，依据轨迹弯曲的方向可知，电场线向上．故c点电势最高；依据推论，负电荷在电势高处电势能小，可知电荷在P点的电势能大；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强小，电场力小，加速度小．解答：解：A、负电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧；作出电场线，依据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上．故c点电势最高，故A正确；B、利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道P点电势能大，故B错误；C、只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和，故C错误；D、P点位置电场线与Q处的密，电场强度大，故电场力也大，由于只受电场力，故粒子在P点的加速度比Q点大，故D正确；故选：AD．点评：依据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法．10．（2分）（2021秋•西陵区期中）经过精确校准的电压表V1和V2，分别用来测定如图所示电路中R两端a、b间的电压，读数依次为12.7V和12.3V，则（）A．a、b间的实际电压应大于12.7VB．a、b间的实际电压应小于12.3VC．电压表V1的内阻大于V2的内阻D．电压表V1的内阻小于V2的内阻考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：本题的关键是明确电压表不是抱负电表，依据欧姆定律和串并联规律不能得出接入电压表后电路两端的电压小于没接入电压表时电路两端的实际电压，即电压表内阻越大电压表的示数越接近电路两端的实际电压．解答：解：由于电压表不是抱负电表（内阻不是无穷大），当a、b两端接入电压表后，电阻R与电压表的并联电阻小于电阻R，依据欧姆定律和串并联规律可知，电阻R与电压表的并联总电压小于电阻R的实际电压，即a、b 两端实际电压将大于电压表的示数，当然大于电压表的示数，所以A正确B错误．依据欧姆定律可知，若电压表的内阻越大，电压表与R的并联电阻就越大，电压表的示数也越大，即电压表的内阻大于电压的内阻，所以C正确D错误．故选AC．点评：应牢记若电压表不是抱负电表时，电压表的示数总小于电路两端的实际电压，电压表的内阻越大，电压表示数越接近实际电压．11．（2分）（2021秋•武侯区校级期中）如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是（）A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置下降B．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变D．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的速度变大考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子在电场中加速时，滑动触头向右移动时，加速电压增大，加速后速度变大，粒子在偏转电场中运动时间变短，粒子在平行偏转电场方向的位移减小．同理触头向左移动时，加速电压减小，加速后速度变小，粒子在电场中运动时间变长，粒子在平行偏转电场方向的位移增大；当加速电压不变时，偏转电压变化，影响平行电场方向的电场力的大小，也就是影响加速度的大小，粒子在电场中运动时间不变，转变偏转的位移大小．解答：解：由题意知电子在加速电场中加速运动，电子获得的速度，电子进入偏转电场后做类平抛运动，电子在沿极板方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间：，在平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速度，电子在电场方向偏转的位移，又∵偏转电场方向向下，∴电子在偏转电场里向上偏转．A、B：滑动触头向右移动时，加速电压变大，所以电子获得的速度v 增加，故电子偏转位移变小，由于电子向上偏转，故在屏上的位置下降，故A正确，B错误；C、D：偏转电压增大时，电子在电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大，又由于电子获得的速度v不变，电子在电场中运动的时间不变，a 增大电子打在屏上的速度，由于加速度a变大时间不变，故电子打在屏上的速度增大，所以C错误，D正确．故选：AD点评：电子在加速电场作用下做加速运动，运用动能定理可得电子获得的速度与加速电场大小间的关系，电子进入偏转电场后，做类平抛运动，运动时间受电场的宽度和进入电场时的速度所打算，电子在电场方向偏转的距离与时间和电场强度共同打算．娴熟用矢量合成与分解的方法处理类平抛运动问题．12．（2分）（2022•武汉校级模拟）如图1，A板的电势U A=0，B板的电势U B随时间的变化规律如图2所示．电子只受电场力的作用，且初速度为零，则（）A．若电子在t=0时刻进入的，它将始终向B板运动B．若电子在t=0时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最终打在B板上C．若电子在t=时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最终打在B板上D．若电子是在t=时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：依据电子在电场力作用下，结合牛顿其次定律与运动学公式的关系，从而可确定不同时刻电子的运动状况，即可求解．解答：解：A、若电子在t=0时刻进入的，它将在电场力作用下，先加速向B运动，后减速向B运动，接着加速向B运动，后减速向B运动，因此它始终向B板运动，直到到达B板，故A正确，B错误；C、若电子在t=时刻进入的，从到它先向B 板加速运动，后减速运动，当到，电子回头运动，当到又向B运动，这样时而向B板运动，时而向A板运动，最终打到B板上，故C正确；D、同理，若电子是在t=T/4时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动，故D正确；故选ACD点评：考查粒子在电场力作用下，依据运动与受力来确定运动的状况，把握牛顿其次定律与运动学公式的应用，留意粒子从不同时刻进入电场，发生的运动状况不同．三、试验题（本题共4小题，共20分）13．（4分）（2022秋•金山区校级期中）请依据（a）图中的电路图完成（b）图中的实物图连接，若图中电流表为抱负电表，电源的电压恒为U，则用电器R0两端的电压U0的变化范围是0≤U≤U0（请用不等式表示）．考点：伏安法测电阻．专题：试验题；恒定电流专题．分析：依据图a所示电路图连接实物电路图；依据电路结构、应用串并联电路特点求电压变化范围．解答：解：由图a所示电路图可知，滑动变阻器接受分压接法，依据电路图连接实物电路图如图所示；由电路图可知，当滑片在最左端时，用电器R0两端的电压U0=U，当滑片在最右端时，用电器R0两端的电压U0′=0，则用电器R0两端的电压U0的变化范围是0≤U≤U0；故答案为：实物电路图如图所示；0≤U≤U0．点评：本题考查了实物电路图的连接、求电阻两端电压变化范围，分析清楚电路结构是正确连接实物电路图的前提与关键；滑动变阻器接受分压接法时，电压可以从零开头变化．14．（4分）（2021秋•武侯区校级期中）用多用电表欧姆档测电阻时，下列说法正确的是（）A．测量前必需进行欧姆档调零，且每次变换测量档位后都要重新调零B．测量电路中的电阻时，可以不将待测电阻与电源断开C．多用电表使用完毕，应将选择开关旋到欧姆档“×1”档D．多用电表使用完毕，应将选择开关旋到“OFF”或沟通电压最高档考点：用多用电表测电阻．专题：试验题；恒定电流专题．分析：每选定一次欧姆档位后电路发生转变要重新进行欧姆调零，测量电阻要把电阻与其它元件独立；测完要把选择开关正确放置．解答：解：A、运用欧姆表测量电阻时，测量前必需欧姆调零，且每次在换挡后要重新调零．A正确．B、测量电路中的电阻时，由于多用电表内部电源被接通，要将待测电阻与外部电源断开，故B错误．C、多用电表使用完毕，应将选择开关旋到“OFF”或沟通电压最高挡，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题考查了欧姆表的使用方法，特殊留意是每次换挡都要重新调零．15．（2分）（2021秋•武侯区校级期中）某同学用多用电表按正确步骤测量，如图所示为多用表在测量时指针在刻度盘上停留的位置，若选择旋钮在：①“×1kΩ”位置，则测量值为32k Ω；②直流“10V”位置，则测量值为 4.4V；③直流“50mA”位置，则测量值为22mA．考点：用多用电表测电阻．专题：试验题；恒定电流专题．分析：依据选择开关位置确定多用电表测量的两及量程，然后依据多用电表表盘确定其分度值，读出其示数．解答：解：①“×1kΩ”位置，多用电表测电阻，测量值为32×1kΩ=32kΩ；②直流“10V”位置，多用电表测直流电压，量程为10V，由图示表盘可知，其分度值为0.2V，测量值为4.4V；③直流“50mA”位置，多用电表测直流电流，量程为50mA，由图示表盘可知，其分度值为1mA，测量值为22mA；故答案为：①32kΩ；②4.4V；③22mA．点评：本题考查了多用电表的读数，对多用电表读数时，要依据选择开关的位置确定电表所测量的量与电表的量程（或倍率），然后依据表盘确定其分度值，依据指针位置读出其示数，读数时视线要与电表刻度线垂直．16．（8分）（2021秋•武侯区校级期中）在测定一节干电池的电动势和内电阻的试验中，备有下列器材：A．干电池E（电动势约为1.5V、内电阻大约为1.0Ω）B．电流表A1（满偏电流2mA、内阻R A1=20Ω）C．电流表A2（0～0.6A、内阻约0.1Ω）D．滑动变阻器R1（0～10Ω、2A）E．滑动变阻器R2（0～100Ω、1A）F．定值电阻R3=980ΩG．开关S、导线若干（1）为了便利且能较精确地进行测量，其中应选用的滑动变阻器是R1（填“R1”或“R2”）（2）四位同学分别设计了甲、乙、丙、丁四个试验电路图，其中最合理的是乙．（3）四位同学争辩后，依据最合理的试验方案正确操作，利用测出的数据绘出了如图1所示的I1﹣I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数）．由图线可求得被测电池的电动势E= 1.46V （结果保留三位有效数字）．内电阻r=0.84Ω（结果保留两位有效数字）．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：试验题；恒定电流专题．分析：（1）为便利试验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）依据所给试验器材与伏安法测电源电动势与内阻的原理选择试验器材．（3）依据试验电路求出图象的函数表达式，然后依据图象求出电源电动势与内阻．解答：解：（1）为便利试验操作，滑动变阻器应选择R1．（2）没有电压表，应当用电流表A1与电阻R3串联组成电压表，电压表测路端电压，用电流表A2测电路电流，由电路图可知，合理的试验电路图是乙．（3）由图乙所示试验电路可知，在闭合电路中：E=I1（R A1+R3）+I2r，I1=﹣I2，由图象可知，图象的截距：b=1.46×10﹣3===，则电源电动势E=1.46V；图象斜率：k====≈0.84，电源内阻r=0.84Ω；故答案为：（1）R1；（2）乙；（3）1.46；0.84．点评：在应用图象法处理试验数据求电源电动势与内阻时，要依据试验电路与试验原理求出图象的函数表达式，然后求出电源电动势与内阻．四、计算题（本题共4小题，共48分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最终答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必需明确写出数值和单位）17．（12分）（2021秋•武侯区校级期中）一太阳能电池板，测得其开路电压为800mV，短路电流为40mA．若该电池板与阻值为20Ω的电灯泡组成一个闭合电路，则它的内阻、路端电压分别是多少？电源效率是多少？考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再依据欧姆定律求出电流和路端电压．解答：解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则电动势E=800mV由闭合电路欧姆定律得短路电流I短=则电源内阻r==20Ω该电源与20Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流I==20mA故路端电压U=IR=400mV=0.4V，电源的效率η==50%答：电源的内阻20欧姆，路端电压0.4V，电源效率50%．点评：对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势．18．（12分）（2021秋•邵阳县校级期中）如图所示，一质量为m=1.0×10﹣2kg，带电量为q=1.0×10﹣6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成45°角．小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g=10m/s2．结果保留2位有效数字．（1）画出小球受力图并推断小球带何种电荷（2）求电场强度E（3）若在某时刻将细线突然剪断，求经过0.5s时小球的速度v．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）首先对小球受力分析，依据平衡条件可得小球受到的电场力方向向左，即可推断出小球的电性．（2）小球处于静止状态，由平衡条件和电场力公式F=qE结合求出电场强度E的值．（3）剪断细线后，由于小球受到的重力与电场力都为恒力，所以小球将做初速度为零的匀加速直线运动，依据牛顿其次定律和运动学公式即可求解0.5s时小球的速度v．解答：解：（1）小球受到重力mg、电场力F和细线的拉力T，受力图如图．由于电场力向左，与场强方向相反，故小球带负电．（2）小球所受的电场力F=qE由平衡条件得：F=mgtanθ解得电场强度：E==N/C=1.0×105N/C．（3）剪断细线后小球做初速度为0的匀加速直线运动，经过0.5s时小球的速度为v．小球所受合外力F合=由牛顿其次定律有F合=ma，则得：a=又运动学公式v=at解得小球的速度：v=t=10××0.5m/s=7.1m/s速度方向为与竖直方向夹角为45°，斜向下．答：（1）小球受力图见上，小球带负电．（2）电场强度E为1.0×105N/C．。
四川省成都七中实验学校2021-2022学年高二上学期期中物理试题(文) Word版含解析
2021-2022学年四川省成都七中试验学校高二（上）期中物理试卷（文）一、单项选择题（每小题5分）1．关于摩擦起电，下列说法中正确的是（）A．摩擦起电是由于在摩擦过程中有新的电荷产生B．摩擦起电的两个物体肯定带有等量同种电荷C．在摩擦起电现象中一般是正电荷从一个物体转移到另一个物体D．物体由于摩擦而带正电，是由于在摩擦过程中一部分负电荷消逝了2．以下推断轻质小球是否带电的说法中正确的是（）A．用一个带电体靠近它，假如能够吸引小球，则小球肯定带电B．用一个带电体靠近它，假如能够排斥小球，则小球肯定带电C．用验电器的金属球接触它后，假如验电器的金属箔能转变角度，则小球肯定带电D．若是小球不显电性，是由于本身小球就没有电荷3．如图所示，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开头时，a、b都不带电，如图，现使b带电则（）A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b马上把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开4．一带负电绝缘金属小球放在潮湿的空气中，经过一段时间后，发觉该小球上净电荷几乎不存在了，这说明（）A．小球上原有负电荷渐渐消逝了B．在此现象中，电荷不守恒C．小球上负电荷削减的主要缘由是潮湿的空气将电子导走了D．该现象是由于电子的转移引起的，不遵循电荷守恒定律5．下列关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很大的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体肯定不能看成点电荷C．体积小的带电体肯定是点电荷D．当两个带电体的大小及外形对它们之间的相互作用力的影响可以忽视时，这两个带电体才可以看成点电荷6．库仑定律的适用范围是（）A．真空中两个相距很近的带电球体间的相互作用B．真空中任意带电体间的相互作用C．真空中两个点电荷间的相互作用D．真空中两个带电体的大小远大于它们之间的距离，则可应用库仑定律7．两个点电荷相距r时相互作用为F，则（）A ．电荷量不变距离加倍时，作用力变为B．其中一个电荷的电荷量和两电荷间距离都减半时，作用力为4FC．每个电荷的电荷量和两电荷间距离都减半时，作用力为4FD．每个电荷的电荷量和两电荷间距离都增加相同倍数时，作用力不变8．下列说法中不正确的是（）A．只要有电荷存在，电荷四周就肯定存在电场B．电场是一种物质，它与其他物质一样，是不依靠我们的感觉而客观存在的东西C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的特征是对处在它里面的电荷有力的作用D．电场线是客观存在的9．关于电场线的以下说法中，正确的是（）A．电场线是闭合曲线B．沿电场线的方向，电场强度越来越小C．电场线越密的地方同一摸索电荷所受的电场力就越大D．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小肯定不变10．如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是（）A．这个电场可能是负点电荷的电场B．点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大C．点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小（不计重力）D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向二、作图11．（30分）（2021秋•成都校级期中）请画出以下电场的电场线分布三、计算题（每小题10分）12．（10分）（2022秋•曲靖校级期末）如图所示，放在光滑绝缘水平面上的两个小球，相距0.18m，已知Q1电量为+1.8×10﹣12C，此时两个点电荷间的静电斥力F=1.0×10﹣12N，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2．求：①Q2带正电还是带负电，所带的电量是多少？②当它们的距离为0.36m时，它们之间的静电力是多大？13．（10分）（2021秋•成都校级期中）场源电荷Q=2×10﹣4C，是正点电荷；摸索电荷q=﹣2×10﹣5C，是负点电荷，它们相距r=2m时而静止，且都在真空中，如图所示，求：（1）q受的电场力（2）q所在的B点的场强E（3）只将q换为q′=4×10﹣5C的正点电荷，再求q´受力及B点的场强．2021-2022学年四川省成都七中试验学校高二（上）期中物理试卷（文）参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题5分）1．关于摩擦起电，下列说法中正确的是（）A．摩擦起电是由于在摩擦过程中有新的电荷产生B．摩擦起电的两个物体肯定带有等量同种电荷C．在摩擦起电现象中一般是正电荷从一个物体转移到另一个物体D．物体由于摩擦而带正电，是由于在摩擦过程中一部分负电荷消逝了【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有制造电荷，也没有电荷消逝，遵循电荷守恒定律．【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，所以摩擦起电的两个物体肯定带有等量同种电荷，并没有产生新的电荷，也没有电荷消逝，故B正确，ACD错误．故选：B【点评】摩擦起电的实质都电子发生了转移，并不是电荷产生或消逝了，难度不大，属于基础题．2．以下推断轻质小球是否带电的说法中正确的是（）A．用一个带电体靠近它，假如能够吸引小球，则小球肯定带电B．用一个带电体靠近它，假如能够排斥小球，则小球肯定带电C．用验电器的金属球接触它后，假如验电器的金属箔能转变角度，则小球肯定带电D．若是小球不显电性，是由于本身小球就没有电荷【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】利用电荷间的作用规律分析即可，但应留意的是：若两小球相斥，则表明其肯定都带电，且带的是同种电荷；若两小球相吸，则有两种可能，即可能都带电，且是异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电．【解答】解：A、用一个带电体靠近它，假如能够吸引小球，小球可以不带电，故A错误；B、用一个带电体靠近它，假如能够排斥小球，则小球肯定带电，故B正确；C、用验电器的金属球接触它后，假如验电器的金属箔角度变化，小球可能不带电，故C错误；D、若是小球不显电性，是由于本身小球就没有多余电荷，故D错误；故选：B．【点评】此题很简洁漏掉了带电体具有吸引轻小物体的性质的这种状况，并分清感应带电与接触起电的区分，理解带电本质是电荷的转移．3．如图所示，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开头时，a、b都不带电，如图，现使b带电则（）A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b马上把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开【考点】库仑定律；电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．【解答】解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；故选D．【点评】本题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又由于带同种电荷而分开．4．一带负电绝缘金属小球放在潮湿的空气中，经过一段时间后，发觉该小球上净电荷几乎不存在了，这说明（）A．小球上原有负电荷渐渐消逝了B．在此现象中，电荷不守恒C．小球上负电荷削减的主要缘由是潮湿的空气将电子导走了D．该现象是由于电子的转移引起的，不遵循电荷守恒定律【考点】电荷守恒定律．【分析】电荷守恒定律：电荷既不能被制造，也不能被毁灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变．【解答】解：A、依据电荷守恒定律，电荷不能毁灭，也不能创生，只会发生转移．故A错误．B、此过程中电荷仍旧守恒，电荷没有消逝，只是被潮湿的空气导走而已，仍旧遵循电荷守恒定律．故B错误．C、金属小球上的负电荷削减是由于潮湿的空气将电子导走了．故C正确．D、该现象是潮湿的空气将电子导走了，是电子的转移引起，仍遵守电荷守恒定律．故D错误．故选：C．【点评】通常起电的方式有摩擦起电、接触起电、感应起电，都是电荷的转移，在转移过程中电荷的总量保持不变．5．下列关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很大的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体肯定不能看成点电荷C．体积小的带电体肯定是点电荷D．当两个带电体的大小及外形对它们之间的相互作用力的影响可以忽视时，这两个带电体才可以看成点电荷【考点】元电荷、点电荷．【分析】当电荷的外形、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽视，电荷量对原来的电场不会产生影响的时候，该电荷就可以看做点电荷，依据点电荷的条件分析可以得出结论．【解答】解：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的外形及大小对它们间相互作用力的影响可忽视时，这个带电体可看作点电荷，是由争辩问题的性质打算，与自身大小外形无具体关系．故ABC错误、D正确．故选：D．【点评】本题考查了带电体看作点电荷的条件及其特点．要知道点电荷的电荷量不肯定很小，点电荷是抱负模型，实际不存在的．6．库仑定律的适用范围是（）A．真空中两个相距很近的带电球体间的相互作用B．真空中任意带电体间的相互作用C．真空中两个点电荷间的相互作用D．真空中两个带电体的大小远大于它们之间的距离，则可应用库仑定律【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】库仑定律是关于真空中两点电荷间相互作用的规律，适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用．【解答】解：ABC、库仑定律的内容是：真空中两点电荷间的作用力与两点电荷的电荷量的乘积成正比，与它们间距离平方成反比，作用力在它们的连线上，可见，库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用，故AB错误，C正确；D、当真空中两个带电体的大小远大于它们之间的距离，则可应用库仑定律，故D正确．故选：CD．【点评】物理规律往往有肯定的适用范围，要在理解的基础上加强记忆．留意点电荷的条件的理解，及库仑定律适用条件．7．两个点电荷相距r时相互作用为F，则（）A ．电荷量不变距离加倍时，作用力变为B．其中一个电荷的电荷量和两电荷间距离都减半时，作用力为4FC．每个电荷的电荷量和两电荷间距离都减半时，作用力为4FD．每个电荷的电荷量和两电荷间距离都增加相同倍数时，作用力不变【考点】库仑定律．【分析】由库仑定律可得出两球在接触前后的库仑力表达式，则依据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系．【解答】解：A、真空中两个电荷量均为Q的点电荷，相距为r时的相互作用静电力大小为F，依据库仑定律，有：F=k若将这两个点电荷间的距离加倍时，变为2r，则他们之间的静电力大小变为：F′=k故：F′=，所以A错误；B、其中一个电荷的电荷量和两电荷间距离都减半时，他们之间的静电力大小变为：F′=k=2F，所以B错误；C、每个电荷的电荷量和两电荷间距离都减半时，F′=k=F，所以C错误；D、每个电荷的电荷量和两电荷间距离都增加相同倍数时，F′=k=F，所以D正确；故选：D．【点评】本题关键是依据库仑定律直接列式求解，基础题．在利用库仑定律解题时，要留意库仑定律的使用条件．8．下列说法中不正确的是（）A．只要有电荷存在，电荷四周就肯定存在电场B．电场是一种物质，它与其他物质一样，是不依靠我们的感觉而客观存在的东西C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的特征是对处在它里面的电荷有力的作用D．电场线是客观存在的【考点】电场线；电场．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带电体四周存在着一种特殊物质，这种物质叫电场，其基本性质是对放入电荷有电场力的作用，而电荷间的相互作用就是通过电场发生的．【解答】解：A、带电体四周存在着一种特殊物质，只要有电荷存在，电荷四周就肯定存在电场，故A正确；B、电场是一种物质，只要有电荷存在，电荷四周就肯定存在电场，是不依靠我们的感觉而客观存在的，故B 正确；C、电场的最基本性质是对放入电荷有电场力的作用，故C正确；D、电场线是假想的曲线，不是客观存在，故D错误．本题选不正确的，故选：D【点评】电场是特殊形态的物质，看不见，摸不着，但又是客观存在的物质，电荷四周就存在电场，已被大量试验证明．9．关于电场线的以下说法中，正确的是（）A．电场线是闭合曲线B．沿电场线的方向，电场强度越来越小C．电场线越密的地方同一摸索电荷所受的电场力就越大D．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小肯定不变【考点】电场线．【分析】电场线是不闭合的曲线．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．【解答】解：A、电场线从正电荷或无穷远动身到负电荷或无穷远终止，故电场线是不闭合的曲线，故A错误．B、沿电场线的方向，电场线不肯定越来越疏，则电场强度不肯定越来越小，故B错误．C、电场线越密的地方场强越大，由F=qE知同一摸索电荷所受的电场力越大，故C正确．D、顺着电场线移动电荷，电场线的疏密状况未知，则电荷受电场力大小不肯定不变，故D错误．故选：C【点评】电场线虽然不实际存在，但可形象描述电场的大小与方向分布．电场线是从正电荷动身，终至于负电荷．同时电场线不相交，静电场的电场线也不闭合．10．如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是（）A．这个电场可能是负点电荷的电场B．点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大C．点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小（不计重力）D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．电场力F=qE，同一电荷在场强越大的地方，所受的电场力越大．【解答】解：A、孤立的负点电荷形成的电场电场线是会聚型的射线，则知这个电场不行能是孤立的负点电荷形成的电场，所以A错误；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以E A＞E B，依据F=qE=ma知B正确C 错误；D、电场线的切线方向为该点场强的方向，由F=qE知负电荷在B点处受到的静电力的方向与场强的方向相反，D错误．故选B【点评】本题关键要理解并把握点电荷、匀强电场的电场线的分布状况，理解电场线的物理意义，就能轻松选择．二、作图11．（30分）（2021秋•成都校级期中）请画出以下电场的电场线分布【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】解决本题要依据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远动身，终止于无限远或负电荷，不闭合，不相交．【解答】解：依据各类电场线的特点，画出以下电场的电场线分布如图．答：如图【点评】本题考察了关于常见的电场线的基础学问，常见的电场线是特点是处于电场线问题的关键，要牢记．三、计算题（每小题10分）12．（10分）（2022秋•曲靖校级期末）如图所示，放在光滑绝缘水平面上的两个小球，相距0.18m，已知Q1电量为+1.8×10﹣12C，此时两个点电荷间的静电斥力F=1.0×10﹣12N，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2．求：①Q2带正电还是带负电，所带的电量是多少？②当它们的距离为0.36m时，它们之间的静电力是多大？【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】依据“同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引”推断带电的性质．依据库仑定律F=计算小球的带电量和静电力．【解答】解：（1）两个小球之间是静电斥力，则两球带同种电荷，由于一小球带正电，故另一球Q2也带正电；依据库仑定律有：F=，则有：C=2×10﹣12C（2）由F==9.0×109×N=2.5×10﹣13N答：（1）Q2小球带正电；小球所带的电量大小为2×10﹣12C；（2）当它们的距离为0.36m时，则它们之间的静电力大小为2.5×10﹣13N．【点评】本题要知道“同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引”，记得库仑定律的公式，理解公式中各个量的含义．13．（10分）（2021秋•成都校级期中）场源电荷Q=2×10﹣4C，是正点电荷；摸索电荷q=﹣2×10﹣5C，是负点电荷，它们相距r=2m时而静止，且都在真空中，如图所示，求：（1）q受的电场力（2）q所在的B点的场强E（3）只将q换为q′=4×10﹣5C的正点电荷，再求q´受力及B点的场强．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）依据库仑定律求出q所受的电场力．（2）结合电场强度的定义式求出B点的场强E．（3）场强的大小与放入电场中电荷无关．由F=qE求解电场力大小．【解答】解：（1）依据库仑定律得，q所受的电场力F=k=9.0×109×N=9N．（2）依据电场强度的定义式知，B点的场强E===4.5×105N/C．（3）只将q换为q′=4×10﹣5C的正点电荷，B点的电场强度不变，仍旧为4.5×105N/C．q′所受的电场力大小F′=q′E=2F=18N．答：（1）q受的电场力为9N．（2）q所在的B点的场强E B为4.5×105N/C．（3）只将q换为4×10﹣5C的正点电荷，电场力为18N，B点的场强为4.5×105N/C．【点评】解决本题的关键把握库仑定律和电场强度的定义式，知道场强的大小由电场本身性质打算，与放入电场中的检验电荷无关．。
成都七中2024年高二10月月考物理试卷答案
2024-2025学年度上期高二10月测试物理试卷答案一．选择题（每小题4分，共40分）（1-7小题为单项选择题。
8-10小题为多项选择题）1. C2. D3. C4. D5. D6. C7. D8. AB 9. AC 10. BC二．实验题（共15分）11.【答案】 放电（1分） 不变（1分） ⨯−1.2810J 2（3分）12.【答案】 BC （2分） 9√2πη32v 32ρ−12g −32（4分）mgd U （2分） AC （2分） 三．解答题（共45分）13．【答案】(1)q =√mgL 2k (2)0.8mgL【详解】（1）设小球AB 的质量分别为m 和2m ，带电量分别为q 和4q ，细绳a 的拉力为T ，则细绳b 的拉力为2T ，对A 、B 整体研究，细线a 的拉力T =3mg对小球B 研究，根据力的平衡2T =2mg +kq ×4q L 2 解得q =√mgL 2k …………..(5分)（2）对A 、B 施加等大反向的水平拉力后，A 、B 组成的系统始终处于平衡状态，对两球的整体分析可知，水平方向受合力为零，因此细线a 始终处于竖直，当细线b 与竖直方向的夹角为53°时，小球A 保持静止，小球B 和A 间的距离始终保持不变，电场力不做功，作用在A 上的拉力不做功，根据功能关系知，拉力对小球B 做功，即两个拉力做的总功为B 的重力势能增加量，则W =2mg （L-L cos53°）=0.8mgL …………..(5分)14.【答案】(1)5m (2)0.6m (3)m s【详解】（1）小球从A 点到B 点由动能定理可得+−=−qU mg d h mv mv AN B 2211022)( 解得=v B 5m s …………..(3分)（2）小球在两板间做类平抛运动，则有=L v t 0−=+d h a g t 212)()(其中==dm a q U 10m 2（2）由题可知12E 1q m t 2=32d 联立可解得tan θ=√3粒子沿着y 轴正方向的速度v y =v 0tan θ=√3v 0粒子的合速度v =√v 02+v y 2=2v 0粒子的轨道半径R =√(√3d)2+d 2=2d库仑力提供粒子做匀速圆周运动的向心力，则kQq R 2=mv 2R可得Q =8mv 02d kq …………..(6分)（3）粒子到达y 轴正半轴时，到x 轴的距离y =R +d =3d进入电场后竖直方向的加速度大小==m d a E q v 22102 利用v-t 图像可知第一个周期向上运动的距离==⋅⋅=d v y at d d v 22416()112010222 每个周期比前一个周期向下多移动的距离为Δy =v 02T =38d 设经过n 个周期，则向下移动的距离y =n(−y 1)+n(n −1)2Δy =3d 解得 <<n 45因此n 只能取4，此时向下位移为=−+∆=−+=−−y n y y d n n d d 21628()4()2(1)4(41)341 根据动量定理−=Eq T Eq T mv 334()214 可知此时的速度=v v 240 接下来在T T 34~41时间内向下减速运动的位移 =⋅−=y v a d T T 32316()175142 此时的速度=−=v v at v 235450 再运动的时间为t 到达x 轴，则+=−−v t at y y y 2154512 代入数据解得t =3(√2−1)4d v 0 因此总的时间为t 总=4T +T 3+t =10+3√24d v 0 …………..(10分)。
(成都七中)四川省成都市第七中学2023-2024学年高二上学期第二次月考模拟试卷一(解析版)
2023外研版-高二上册-成都第七中学
(第二次月考模拟试卷)
(本试卷不含听力)
考试时间：120分钟总分：150分
养成良好的答题习惯，是决定成败的决定性因素之一。做题前，要认真阅读题目要求、题干和选项，并对答案内容作出合理预测;答题时，切忌跟着感觉走，最好按照题目序号来做，不会的或存在疑问的，要做好标记，要善于发现，找到题目的题眼所在，规范答题，书写工整;答题完毕时，要认真检查，查漏补缺，纠正错误。
【3题详解】
细节理解题。根据最后一段“It is a social networking application for dogs. Users can share with other people what’s going on in their dog’s life, share photos, and find great animal-friendly places to meet up.”（这是一款狗狗社交网络应用。用户可以与其他人分享他们的狗狗生活中发生的事情，分享照片，并找到适合动物的地方见面。）可知，用户可以在Dogbook上交流养狗经验。故选D项。
B篇
Multitasking (多任务处理) refers to performing different activities at the same time,such as editing a document or replying to emails while participating in a teleconference. People think that they are capable of doing many things at once. However, the fact remains that they are merely switching from one job to the other.
2020-2021学年四川省成都七中高二(上)期中物理试卷(Word+答案)
2020-2021学年四川省成都七中高二（上）期中物理试卷一、单选择题（共8个小题，每小题3分共24分）1．（3分）关于电流的说法中正确的是（）A．根据I＝，可知I与q成正比B．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cC．电流有方向，电流是矢量D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位2．（3分）关于欧姆定律，下面说法中不正确的是（）A．关系式表明了使导体通过一定的电流所需的电压越高，则导体的电阻越大B．从关系式可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体的电流强度成反比C．从公式可知，导体中的电流强度跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．从关系式U＝IR可知，对于一个确定的导体来说，如果通过的电流越大，那么导体两端的电压也越大3．（3分）电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（）A．电动势是一种非静电力B．电动势越大，表明电源储存的电能越多C．电动势的大小是非静电力做功能力的反映D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压4．（3分）如图所示，用一根电阻为6R的粗细均匀的镍铬合金线做成一个环，在环上6个对称的点上，焊接6个不计电阻的导线，并与接线柱连接，利用这种方法，可以在任意两个接线柱之间获得的不同电阻值的总个数、最大电阻值以及最小电阻值分别是（）A．2种，最大为1.5R，最小为RB．3种，最大为1.5R，最小为RC．2种，最大为3R，最小为RD．3种，最大为3R，最小为R5．（3分）一安培表由电流表G与电阻R并联而成．若在使用中发现此安培表读数比准确值稍小些，下列可采取的措施是（）A．在R上串联一个比R小得多的电阻B．在R上串联一个比R大得多的电阻C．在R上并联一个比R小得多的电阻D．在R上并联一个比R大得多的电阻6．（3分）如图所示，MON是固定的光滑绝缘直角杆，MO沿水平方向，NO沿竖直方向，A，B为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球，．用一指向竖直杆的水平力F作用在A球，使两球均处于静止状态．现将A球向竖直杆方向缓慢拉动一小段距离后，A，B两小球可以重新平衡．则后一种平衡状态与前一种平衡状态相比较，下列说法正确的是（）A．A，B两小球间的库仑力变大B．A，B两小球间的库仑力变小C．A球对MO杆的压力变大D．A球对MO杆的压力变小7．（3分）如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边沿飞出，现在使电子入射速度变为原来的，而电子仍从原位置射人，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的（）A．3倍B．9倍C．倍D．倍8．（3分）如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一带正电粒子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，粒子以速度v B经过B点，且v B与v A方向相反，不计粒子重力，下面说法正确的是（）A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定高于B点的电势C．粒子在A点的速度一定小于在B点的速度D．粒子在A点的电势能一定小于在B点的电势能二、多选题（共6个小题，每小题4分，共24分）9．（4分）如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上。
成都七中高中物理选修二第二章《电磁感应》经典测试卷(培优)
一、选择题1．如图，A、B是两个完全相同的灯泡，L是自感线圈，自感系数很大，电阻可以忽略，则以下说法正确的是（）A．当K闭合时，A灯先亮，B灯后亮B．当K闭合时，B灯先亮C．当K闭合时，A、B灯同时亮，随后B灯更亮，A灯熄灭D．当K闭合时，A、B灯同时亮，随后A灯更亮，B灯亮度不变，和Q共2．如图甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q P轴，Q中通有余弦函数变化电流i，电流随时间变化的规律如图乙所示。
P始终保持静止状态，则（）A．O时刻，P中有最大的感应电流B．1t时刻，P有收缩的趋势C．2t时刻，穿过P的磁通量最小，感应电流最大D．3t时刻，穿过P的磁通量最大，感应电流最大3．如图所示，一平行金属轨道平面与水平面成θ角，两轨道宽为L，上端用一电阻R相连，该装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于轨道平面向上。
质量为m 的金属杆ab以初速度v0从轨道底端向上滑行，达到最大高度h后保持静止。
若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，轨道与金属杆的电阻均忽略不计。
关于上滑过程，下列说法正确的是（）A ．通过电阻R 的电量为sin BLh R θB ．金属杆中的电流方向由b 指向aC ．金属杆克服安培力做功等于2012mv mgh - D ．金属杆损失的机械能等于电阻R 产生的焦耳热4．如图所示，通电直导线L 和平行直导线放置的闭合导体框abcd ，直导线与导体框在同一平面内，以下说法正确的是（ ）A ．导线固定，当导体框向上平移时，导体框中感应电流的方向为abcdaB ．导体框固定，当导线L 向左平移时，导体框中感应电流的方向为adcbaC ．导线固定，当导体框向右平移时，导体框中感应电流的方向为abcdaD ．导体框固定，当导线L 向右平移时，导体框中感应电流的方向为abcda5．如图所示，竖直平面内有一半径为a ，总电阻为R 的金属环，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点用金属铰链连接长度为2a 、电阻为2R 的导体棒MN 。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
成都七中2014级高二上期半期考试物理试题卷考试时间：100分钟总 分：100分（命 题：罗芳秀 审题：唐世杰）一．选择题（共48分，有的小题只有一个答案正确，有的有多个答案正确，选对得4分，漏选得2分，错选或不选得零分）1.一根粗细均匀的导线，两端加上电压U 时，通过导线中的电流强度为I ，导线中自由电子定向移动的平均速率为v ，若将导线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的1/2，再给它两端加上电压U ，则( )A 、通过导线的电流为I /4B 、通过导线的电流为I /16C 、导线中自由电子定向移动的平均速率为v /4D 、导线中自由电子定向移动的平均速率为v /22..如图所示为静电除尘器的示意图，下列说法哪些是正确的（ ） A ．金属管A 和悬在管中的金属丝B 应接在高压交流电源上 B ．管A 和金属丝B 应接在高压直流电源上 C ．距B 越近电场越强 D ．距B 越远电场越强3.在集成电路中，经常用若干基本门电路组成复合门电路，如图所示，为两个基本门电路组合的逻辑电路，根据真值表，判断虚线框内门电路类型及真值表内x 的值（ ）A .“与门”，1B .“与门”，0C .“或门”，1 D. “或门”，04. 两个固定等量异号点电荷所产生电场等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A 点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中( )A.做直线运动，电势能先变小后变大B.做直线运动，加速度先变大后变小C.做曲线运动，电势能先变小后变大D.做曲线运动，速度先变大后变小5．一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板之间有一正点电荷（电量很小）固定在P 点，如图所示，以E 表示两极板间电场强度，φ表示负极板的电势，ε表示正点电荷在P 点的电势能，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（ ）A ．E 变大、φ降低 B. E 不变、φ升高 C. E 变小、ε变小 D. φ升高、ε变大6.如图所示，长为L 、倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为+q ，质量为m 的小球，以初速度v 0从斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，当达到斜面顶端的B 点时，速度仍为v 0，则（ ） A. A 、B 两点间的电势差一定等于mgLsin θ/qZB. 小球在B 点的电势能一定大于A 点的电势能C. 若电场是匀强电场，则该电场的强度的最大值一定为mg/qD. 若该电场是斜面中点正上方某点 C 的点电荷Q 产生的，则Q 一定是负电荷7.一个用绝缘材料制成的劲度系数为k 的轻弹簧，一端固定，另一端与质量为m 、带正电荷q 的小球相连，静止在光滑绝缘水平面上，当加入如图所示的场强为E 的匀强电场后，小球开始运动，下列说法正确的是（ ）A 、小球的速度最大时，弹簧伸长为qE ／kB 、小球的速度为零时，弹簧伸长为qE ／kC 、运动过程中，小球的机械能守恒D 、运动过程中，小球的电势能、动能和弹簧的弹性势能相互转化 8.如图所示，电阻R=20Ω，电动机的绕组电阻R ′＝10Ω．当开关打开时，电流表的示数是I ，电路消耗的电功率为P 。
当开关合上后，电动机转动起来。
若保持电路两端的电压不变，电流表的示数I ′和电路消耗的电功率P ′应是（ ）A ．I ′＝3IB ．I ′＜3IC ．P ′＝3PD ．P ′＜3P9.竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图所示的电路图连接。
绝缘线与左极板的夹角为θ。
当滑动变阻器R 的滑片在a 位置时，电流表的读数为I 1，夹角为θ1；当滑片在b 位置时，电流表的读数为I 2，夹角为θ2，则 （ ）Ａ．θ1<θ2， I 1<I 2 Ｂ．θ1>θ2， I 1>I 2 Ｃ．θ1=θ2， I 1=I 2 Ｄ．θ1<θ2， I 1=I 2 10.欧姆在探索通过导体的电流和电压、电阻关系时，因无电源和电流表，他利用同一金属块两端分别浸在冷水和热水中产生电动势来代替电源，用小磁针的偏转检测电流，具体做法是：在地磁场作用下处于水平静止的小磁针上方，平行于小磁针水平放置一直导线，当该导线中通过电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线电流为I 时，小磁针偏转了 30º，则当他发现小磁针偏转60º时，通过该直导线的电流为(已知直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比，忽略小磁针大小的影响)（ ）A ．2IB ．3IC ．3ID ．无11.如图所示，直线A 为电源a 的路端电压与电流的关系图象；直线B 为电源b 的路端电压与电流的关系图象;直线C 为一个电阻R 的两端电压与电流关系的图象。
将这个电阻R 分别接到a 、b 两电源上，那么 ( ) A ．R 接到a 电源上，电源的效率较高 B ．R 接到b 电源上，电源的效率较高 C ．R 接到a 电源上，电源的输出功率较大D ．R 接到b 电源上，电源的输出功率较大12.如图所示，一带负电的油滴，从坐标原点O 以速率v 0射入水平的匀强电场，v 0的方向与电场方向成θ角，已知油滴质量为m ，测得它在电场中运动到最高点P 时的速率恰为v 0，设P 点的坐标为(x p ，y p )，则应有（ ）A 、x p >0B 、x p <0C 、x p =0D 、条件不足，无法判定二．实验题（共16分，13题4分，14题6分.15题6分）13.某同学利用多用电表测量一个未知电阻的阻值，由于第一次选择的欧姆挡不够合适，又改换另一欧姆挡测量，第二次测量时电表指针所指的位置如图中的虚线所示，下面列出这两次测量中的有关操作：A、将两根表笔短接，并调零。
B、将两根表笔分别跟被测电阻的两端接触，观察指针的位置。
C、记下电阻值。
D、将多用电表面板上旋钮旋到R×100挡。
E、将多用电表面板上旋钮旋到R×10挡。
F、将多用电表面板上旋钮旋到交流5000V挡。
(1)根据上述有关操作将两次的合理实验步骤按顺序写出(利用上述操作项目前面的字母表示，且可以重复使用)__________________ ；(2)该电阻的阻值是Ω。
14.某同学通过实验研究小灯泡的电压与电流的关系。
可用的器材如下：电源（电动势3V，内阻1Ω）、电键、滑动变阻器（最大阻值20Ω）、电压表、电流表、小灯泡、导线若干。
（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U-I图象如图a所示，则可知小灯泡的电阻（2）根据图a，在图b中把缺少的导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）；（3）若某次连接时，把AB间的导线误接在AC之间，合上电键，任意移动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭，则此时的电路中，小灯泡可能获得的最小功率是 W（本小题若需要作图，可画在图a中）。
15．如图所示测定表头内阻的电路，电源内阻不计，当电阻箱的电阻调到1200 Ω时，电流表指针偏转到满刻度；再把电阻箱的电阻调到3000 Ω时，电流表指针刚好指到满刻度的一半.(1)根据上述数据可求出电流表的内阻为_ __Ω；(2)若这个电流表的满刻度值是500μA，要把它改装成量程为3 V的电压表，应串联一个电阻值为___ _Ω的分压电阻；(3)为了核对改装成的电压表V，给你一个标准电压表V0，一个4.5 V的电池组E，一个最大阻值为1 kΩ的滑动变阻器R，开关S及若干导线.请画出符合要求的电路图。
U图aAB C－+图b三．计算题（共36分，16题10分、17题各12分，18题14分） 16..如图所示电路中，电源电动势E ＝10V ，内电阻r =1Ω，滑动变阻器R 1调为3Ω后，电键S 断开和接通时，A 、B 间电路消耗的电功率都是4W 。
求：(1)通过电阻R 1的电流先后各多大？(2)为使A 、B 间电路消耗的电功率在电键S 接通时达到最大，R 1的阻值应调为多大？这时A 、B 间的电功率是多大？17．如图所示，在空间中取直角坐标系Oxy ，在第一象限内平行于y 轴的虚线MN 与y 轴距离为d ，从y 轴到MN 之间的区域充满一个沿y 轴正方向的匀强电场，场强大小为E 。
初速度可以忽略的电子经过另一个电势差为U 的电场加速后，从y 轴上的A 点以平行于x 轴的方向射入第一象限区域，A 点坐标为（0，h ）。
已知电子的电量为e ，质量为m ，加速电场的电势差U ＞Ed 24h，电子的重力忽略不计，求：（1）电子从A 点进入电场到离开该电场区域所经历的时间t 和离开电场区域时的速度v ；（2）电子经过x 轴时离坐标原点O 的距离l 。
18、三块相同的金属平板A 、B 、D 自上而下水平放置，间距分别为h 和d ，如图所示.A 、B 两板中心开孔，在A 板的开孔上搁有一金属容器P ，与A 板接触良好，其内盛有导电液体.A 板通过闭合的电键K 与电动势为E 0的电池正极相连，B 板与电池负极相连并接地.容器P 内液体在底部小孔O 处形成质量为m ，带电量为q 的液滴后自由下落，穿过B 板的开孔O′落到D 板上，其电荷被D 板吸附，液体随即蒸发.接着容器底部又形成相同的液滴自由下落，如此继续.设整个装置放在真空中.(1)第一个液滴到达D 板时的速度为多少? (2)D 板最终可达到多高的电势?(3)设液滴的电量是A 板所带电量的a 倍(a ＝0.02)，A 板与B 板构成的电容器的电容为C 0＝5×10-12F ，E 0＝1000V ，m ＝0.02g ，h ＝d ＝5cm.试计算D 板最终的电势值.(g ＝10m/s 2)(4)如果电键K 不是始终闭合，而只是在第一个液滴形成前闭合一下，随即打开，其他条件与(3)相同.在这种情况下，D 板最终可达到的电势值为多少?说明理由.成都七中2014级高二上期半期考试物理参考答案一．选择题（共48分，有的小题只有一个答案正确，有的有多个答案正确，选对得4分，漏选得2分，错选或不选得零分）三．计算题（共36分，16题10分、17题各12分，18题14分）16.(1) 0.5A; …… (3分) 2A …… (3分)(2) R I=0时，P AB=25w…… (4分)17.（1）由eU＝12mv02 得电子进入偏转电场区域的初速度v＝2eUm…… (1分)设电子从MN离开，则电子从A点进入到离开匀强电场区域的时间t＝dv0＝dm2eU；…… (1分)y＝12at2＝Ed24U…… (1分)因为加速电场的电势差U＞Ed24h，说明y＜h，说明以上假设正确…… (1分)所以v y＝at＝eEm dm2eU＝eEdmm2eU…… (1分)5400 ΩAB C－+图b离开时的速度v＝v02＋v y2＝2eUm＋eE2d22mU…… (1分)（2）设电子离开电场后经过时间t’到达x轴，在x轴方向上的位移为x’，则x’＝v0t’，y’＝h－y＝h－v y2t＝v y t’…… (2分)则l＝d＋x’＝d＋v0t’＝d＋v0（hv y－t2）＝d＋v0v y h－d2＝d2＋v0v y h …… (2分)代入解得l＝d2＋2hUEd…… (2分)18、…… (3分)(2)() mg h dUq ++…… (3分)(3) 2.01×105V; …… (4分)(4) A板上电量可以全部转移到D板,D板电势1000V.…… (4分)。