高中化学专题4第二单元第三课时硝酸的性质讲义(含解析)苏教版必修1

高中化学专题4第二单元第三课时硝酸的性质讲义（含解析）苏
教版必修1
硝酸的性质
1．谚语“雷雨发庄稼”涉及到哪些反应？写出反应的化学方程式。

提示：N 2＋O 2=====放电2NO
2NO ＋O 2===2NO 2
3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NO
2．浓H 2SO 4显示强氧化性的特点是什么？分别写出浓H 2SO 4与Cu 、C 反应的化学方程式。

提示：硫酸中＋6价硫被还原，还原产物一般为SO 2
Cu ＋2H 2SO 4(浓)=====△CuSO 4＋SO 2↑＋2H 2O
C ＋2H 2SO 4(浓)=====△CO 2↑＋SO 2↑＋2H 2O
3．NH 3为什么具有还原性？写出其发生催化氧化反应的化学方程式。

提示：氨中氮元素呈－3价，为氮元素的最低价，因此具有还原性。

4NH 3＋5O 2=====催化剂△4NO ＋6H 2O
[新知探究] 探究1 硝酸的物理性质
纯硝酸是一种无色、易溶于水、具有刺激性气味的液体，工业硝酸的质量分数约为69%，常因溶有少量NO 2而略显黄色。

探究2 硝酸的化学性质和用途
(1)具有强酸的通性： 电离方程式为：HNO 3===H ＋＋NO －
3。

(2)不稳定性：见光或受热易分解，化学方程式为：
4HNO 3=====光照2H 2O ＋4NO 2↑＋O 2↑。

(3)强氧化性：
①常温下浓硝酸能使Fe 、Al 等金属钝化。

②与大多数金属(Pt 、Au 除外)反应。

③浓、稀硝酸与铜反应的实验探究。

操作 现象
结论(用化学方程式表示) 溶液中有气泡产生，具支试管
中充满红棕色气体，小试管中
为无色气体 Cu ＋4HNO 3(浓)===Cu(NO 3)2＋2NO 2↑＋2H 2O ； 3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NO
溶液中有气泡产生，具支试
管、小试管中气体均为无色
3Cu ＋8HNO 3(稀)=== 3Cu(NO 3)2＋2NO↑＋4H 2O
④与非金属(C 、S 、P 等)反应：
浓HNO 3与木炭加热时反应的化学方程式为：
C ＋4HNO 3(浓)=====△CO 2↑＋4NO 2↑＋2H 2O 。

⑤能与许多还原性化合物反应：
如SO 2、Na 2SO 3、KI 、FeCl 2等。

(4)硝酸的用途： 重要的化工原料，常用来制造氮肥、染料、塑料、炸药、硝酸盐等。

[必记结论]
(1)浓、稀HNO 3的氧化性表现在NO －
3中，＋5价氮原子在反应中得到电子，被还原，其还原产物为氮的低价化合物，如NO 2、NO 、NH ＋4等。

(2)与浓H 2SO 4不同，即使是浓硝酸也完全电离，HNO 3===H ＋＋NO －
3，溶液中存在两种氧化性离子：NO －3、H ＋，在此条件下氧化性：NO －3>H ＋，即只要存在NO －3，H ＋不能被还原，不论浓、稀HNO 3，不论在金属活动性顺序中H 前面的，还是H 后面的金属反应，均不能产生H 2。

(3)溶液中若存在NO －3、H ＋，即相当于稀HNO 3，具有稀HNO 3的性质。

[成功体验]
1．关于硝酸的说法正确的是( )
A ．Cu 可以溶解在稀硝酸中并生成H 2
B ．浓HNO 3不能与非金属单质反应
C ．硝酸与金属反应时，主要是＋5价的氮元素得电子
D ．常温下，向浓HNO 3中投入Fe 片，会产生大量的红棕色气体
解析：选C Cu 与稀HNO 3反应生成NO 不产生H 2，A 项错误，浓HNO 3可以与非金属单质反应，B 项错误，常温下，Fe 遇浓HNO 3钝化，不会产生大量NO 2，D 项错误。

2．(好题共享·选自鲁科版教材P 83·T 1)在实验室里，储存在棕色瓶中的试剂是( )
A ．浓硝酸
B ．浓盐酸
C ．浓硫酸
D ．氯化钠
解析：选A 浓硝酸见光或受热易分解，故应避光保存。

[新知探究]
探究 工业制备硝酸的生产阶段和尾气处理
(1)硝酸工业制法的生产阶段
①氨氧化生成一氧化氮：
将氨和净化后的空气按一定比例混合，通入转化器。

在转化器中氨和氧气在催化剂的条
件下发生反应生成一氧化氮，化学方程式为：4NH 3＋5O 2=====催化剂4NO ＋6H 2O ，此反应为放热反
应。

②硝酸的生成：
一氧化氮氧化生成二氧化氮，二氧化氮在吸收塔中被水吸收生成硝酸，化学方程式为：2NO ＋O 2===2NO 2,3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NO 。

由反应可看出NO 2只有23
转化为硝酸，为了充分利用原料，节约成本，常在吸收过程中
补充一些空气，使生成的NO再次氧化为NO2，NO2再溶于水生成硝酸和一氧化氮，经过多次循环吸收可以较完全地将NO2转化为硝酸。

(2)硝酸工业尾气处理
从吸收塔出来的气体中尚有少量NO和NO2，不能直接排放到空气中，以免造成污染。

常用碱液吸收，变废为宝，如：
NO＋NO2＋2NaOH===2NaNO2＋H2O；
2NO2＋2NaOH===NaNO2＋NaNO3＋H2O。

[成功体验]
3．工业制硝酸和工业制硫酸的设备中，相同的设备是( )
A．接触室B．沸腾炉C．吸收塔D．转化器
解析：选C 工业制硫酸的三个设备是接触室、沸腾炉和吸收塔，而工业制硝酸的三个设备是转化器、热交换器和吸收塔，所以二者相同的设备是吸收塔。

4．(好题共享·选自鲁科版教材P84·T2)工业上硝酸的制备和自然界中硝酸的生成既有相同的地方，又有区别。

路线①②③是工业生产硝酸的主要途径，路线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ是雷电高能固氮过程中硝酸的生成途径。

(1)写出各变化的化学方程式；如果属于氧化还原反应，指出其中的氧化剂和还原剂。

(2)硝酸生产过程中排放出来的一氧化氮是大气污染物之一。

目前有一种治理方法，是在400℃左右且有催化剂存在的情况下，用氨把一氧化氮还原成无色无毒气体________(填名称)直接排入空气中，有关反应的化学方程式为_______________________________。

答案：(1)
2
续表
2
3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NO
NO 2 NO 2 N 2＋O 2=====放电2NO
O 2 N 2
(2)氮气 4NH 3＋6NO =====催化剂400℃5N 2＋6H 2O
[新知探究] 教材版本 苏教版教材实验设计
人教版教材实验
设计
实验原理
Cu ＋4HNO 3(浓)===Cu(NO 3)2＋2NO 2↑
＋2H 2O
3Cu ＋8HNO 3(稀)===3Cu(NO 3)2＋
2NO ↑＋4H 2O
设计该实验时，需
要注意以下几个
方面：
1.进行对照实验，
对比Cu 与浓、稀硝酸反应的现象。

2.控制反应的快慢，即控制有毒气体的产量。

3.防止污染空气，注意实验安全。

实验装置
实验药品 铜片、浓硝酸、蒸馏水
实验步骤
①将铜片置于具支试管的底部；②
通过分液漏斗加入2 mL 浓硝酸；③
将产生的气体通入倒置于水槽里充
满水的集气瓶中；④从分液漏斗向
试管中加入5 mL 水，稀释硝酸，继
续收集产生的气体。

现象或结论 铜与浓硝酸剧烈反应生成红棕色
NO 2和Cu(NO 3)2；铜与稀硝酸缓慢反
应生成无色NO 和Cu(NO 3)2
创新发掘
1.分液漏斗的作用是什么？
2.实验中产生的气体能否对环境造
成污染？
3.怎样验证集气瓶中气体的成分？
个性评点
元素化合物的性质实验要注意：①
实验装置要简单、易操作；②要注
意防污染；③要注意节省药品，如
苏教版用水吸释浓硝酸；④对照实
验要同时进行，现象才更明显。

答案：1.(1)向试管加入试剂；(2)控制反应物加入的量，控制反应的进行。

2．气体全部收集，不会对环境造成污染。

3．用导管接入盛放O2的集气瓶，无色气体变红棕色。

[成功体验]
5．[双选](广东高考)下列实验现象预测正确的是( )
A．实验Ⅰ：振荡后静置，上层溶液颜色保持不变
B．实验Ⅱ：酸性KMnO4溶液中出现气泡，且颜色逐渐褪去
C．实验Ⅲ：微热稀HNO3片刻，溶液中有气泡产生，广口瓶内始终保持无色
D．实验Ⅳ：继续煮沸溶液至红褐色，停止加热，当光束通过体系时可产生丁达尔效应解析：选B、D 实验Ⅰ：Br2能与NaOH溶液反应，上层溶液颜色变浅，A项错误；实验Ⅱ：浓硫酸使蔗糖脱水炭化，生成的SO2气体能使酸性 KMnO4溶液紫色褪去、CO2从溶液中逸出，B项正确；实验Ⅲ：铜与稀HNO3微热，反应生成NO，在广口瓶中NO与O2接触生成红棕色的NO2，C项错误；实验Ⅳ：Fe(OH)3胶体可产生丁达尔效应，D项正确。

6．(北京高考)某学习小组探究浓、稀硝酸氧化性的相对强弱，按下图装置进行实验(夹持仪器已略去)。

实验表明浓硝酸能将NO氧化成NO2，而稀硝酸不能氧化NO。

由此得出的结论是浓硝酸的氧化性强于稀硝酸。

可选药品：浓硝酸、3 mol/L稀硝酸、蒸馏水、浓硫酸、氢氧化钠溶液及二氧化碳。

已知：氢氧化钠溶液不与NO反应，能与NO2反应。

2NO2＋2NaOH===NaNO3＋NaNO2＋H2O
(1)实验应避免有害气体排放到空气中。

装置③、④、⑥中盛放的药品依次是__________________。

(2)滴加浓硝酸之前的操作是检验装置的气密性，加入药品，打开弹簧夹后__________________。

(3)装置①中发生反应的化学方程式是_________________________。

(4)装置②的作用是_________________________________________，
发生反应的化学方程式是_____________________________________。

(5)该小组得出的结论所依据的实验现象是_______________________。

(6)实验结束后，同学们发现装置①中溶液呈绿色，而不显蓝色。

甲同学认为是该溶液中硝酸铜的质量分数较高所致，而乙同学认为是该溶液中溶解了生成的气体。

同学们分别设计了以下4个实验来判断两种看法是否正确，这些方案中可行的是(选填序号字母)____________。

a．加热该绿色溶液，观察颜色变化
b．加水稀释该绿色溶液，观察颜色变化
c．向该绿色溶液中通入氮气，观察颜色变化
d．向饱和硝酸铜溶液中通入浓硝酸与铜反应产生的气体，观察颜色变化
解析：(1)根据装置特点和实验目的，装置⑤收集NO，装置⑥中盛放NaOH溶液吸收NO2，因为要验证稀硝酸不能氧化NO，所以装置③中应该盛放稀硝酸。

(2)由于装置中残存的空气能氧化NO而对实验产生干扰，所以滴加浓硝酸之前需要通入一段时间CO2赶走装置中的空气，同时也需将装置⑤中导管末端伸入倒置的烧瓶内防止反应产生的NO气体逸出。

(3)Cu与浓HNO3反应生成Cu(NO3)2、NO2、H2O：Cu＋4HNO3(浓)===Cu(NO3)2＋2NO2↑＋2H2O。

(4)装置②中盛放蒸馏水，使NO 2与H 2O 反应生成NO ：3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NO 。

(5)NO 通过稀HNO 3溶液后，若无红棕色NO 2产生，说明稀HNO 3不能氧化NO ，所以盛放稀HNO 3装置的液面上方没有颜色变化即可说明之。

装置④中盛放的是浓HNO 3，若浓HNO 3能氧化NO 则装置④液面的上方会产生红棕色气体。

(6)要证明是Cu(NO 3)2浓度过高或是溶解了NO 2导致装置①中溶液呈绿色，可设计将溶解的NO 2赶走(a 、c 方案)再观察颜色变化，也可在Cu(NO 3)2浓溶液中通入NO 2进行比较观察反应后的颜色变化(d 方案)，确定是否是因溶有NO 2引起的。

方案b 中由于Cu(NO 3)2和溶解在其中的NO 2浓度均可发生变化，无法确定是哪一种因素引起的。

答案：(1)3 mol·L －1
稀硝酸、浓硝酸、氢氧化钠溶液
(2)通入CO 2一段时间，关闭弹簧夹，将装置⑤中导管末端伸入倒置的烧瓶内
(3)Cu ＋4HNO 3(浓)===Cu(NO 3)2＋2NO 2↑＋2H 2O
(4)将NO 2转化为NO 3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NO
(5)装置③中液面上方气体仍为无色，装置④中液面上方气体由无色变为红棕色
(6)a 、c 、d
———————————————[关键语句小
结]————————————————
1．硝酸为无色、易挥发、易分解的强酸。

2．浓、稀HNO 3都具有强氧化性，浓HNO 3的还原产物一般为NO 2，稀HNO 3的还原产物一般为NO 。

3．浓、稀HNO 3与Cu 反应，浓HNO 3与碳反应的化学方程式分别为：
Cu ＋4HNO 3(浓)===Cu(NO 3)2＋2NO 2↑＋2H 2O ，
3Cu ＋8HNO 3(稀)===3Cu(NO 3)2＋2NO↑＋4H 2O ，
C ＋4HNO 3(浓)=====△CO 2↑＋4NO 2↑＋2H 2O 。

4．工业制HNO 3的反应为
①4NH 3＋5O 2=====催化剂△4NO ＋6H 2O ；
②2NO＋O 2===2NO 2；
③3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NO 。

1．表现
(1)浓硝酸能使紫色石蕊溶液先变红，后褪色但稀硝酸只能使石蕊溶液变红。

(2)与非金属单质C、S、P等在加热条件下反应，非金属元素被氧化到高价态的氧化物或含氧酸。

(3)金属与HNO3反应一般不生成H2，浓HNO3一般被还原为NO2，稀HNO3一般被还原为NO，极稀HNO3可被还原生成NH4NO3。

(4)在利用HNO3的酸性时，要考虑它的强氧化性。

如FeO与稀硝酸反应时的化学方程式是3FeO＋10HNO3(稀)===3Fe(NO3)3＋NO＋5H2O，而不是FeO＋2HNO3(稀)===Fe(NO3)2＋H2O。

(5)硝酸与铁反应时的产物：
(6)浓硝酸与Cu反应时，若Cu过量，反应开始时浓硝酸的还原产物为NO2，但随着反应的进行，硝酸浓度变小，其还原产物为NO，最终得到NO2与NO的混合气体。

(7)注意NO－3在离子共存问题的判断中的特殊性。

在水溶液中，NO－3本无氧化性，但当水溶液中有大量H＋存在时，NO－3就表现出强氧化性，如在有H＋、NO－3存在的溶液中就不能存在Fe2＋、S2－、I－、SO2－3、Br－等还原性离子。

2．规律
(1)温度越高，硝酸浓度越大，其氧化性越强。

(2)与硝酸反应时，还原剂一般被氧化成最高价态。

[例1] 在浓硝酸中放入铜片：
(1)开始反应的化学方程式为
________________________________________________________________________，实验现象为__________________________________________________。

(2)若铜有剩余，则反应将要结束时的化学方程式为
____________________________________________。

(3)若将12.8 g铜跟一定量的浓硝酸反应，铜消耗完时，共产生气体5.6 L(标准状况下)。

则所消耗硝酸的物质的量是________。

解析：(1)在浓硝酸中放入铜片，开始反应的化学方程式为：Cu＋4HNO3(浓)===Cu(NO3)2＋2NO2↑＋2H2O
(2)铜跟浓硝酸反应时，随着反应的进行，硝酸浓度不断减小，故反应最后阶段发生的是铜与稀HNO3的反应。

(3)产生的5.6 L气体是NO2和NO的混合气体。

根据N原子守恒可算出被还原的HNO3的物质的量，再根据Cu的量可算出显酸性的HNO3的物质的量[Cu反应后转化为Cu(NO3)2，故显酸性的HNO3的物质的量应为Cu的物质的量的2倍]。

消耗HNO3的总物质的量＝起酸作用的HNO3的物质的量＋被还原(起氧化剂作用)的HNO3的物质的量。

铜的物质的量为：12.8 g
64 g·mol－1
＝0.2 mol，
起酸作用的HNO3的物质的量为：0.2 mol×2＝0.4 mol，NO2和NO的总物质的量为：
5.6 L
22.4 L·mol－1
＝0.25 mol，则起氧化剂作用的HNO3总物质的量为0.25 mol，故总共所消耗的硝酸的物质的量为：0.4 mol＋0.25 mol＝0.65 mol。

答案：(1)Cu＋4HNO3(浓)===Cu(NO3)2＋2NO2↑＋2H2O 铜片逐渐溶解，溶液逐渐变蓝色，有红棕色气体产生
(2)3Cu＋8HNO3(稀)===3Cu(NO3)2＋2NO↑＋4H2O
(3)0.65 mol
(1)硝酸氧化性的强弱是指硝酸分子中N原子得电子能力的强弱，而不是得电子数的多少。

(2)在有关硝酸参与的反应中，当有低价态含氮产物生成时，表现硝酸的氧化性；当有硝酸盐生成时，表现硝酸的酸性。

在例1(1)中再加入少量稀硫酸，会产生什么样的现象？为什么？
解析：反应停止后，反应体系中有：Cu、Cu2＋、NO－3，加入稀硫酸后，H2SO4电离出 H ＋，又“生成了HNO
3”，故又会有Cu溶解。

答案：Cu又会溶解，铜片上产生气泡；加入稀H2SO4后，H2SO4电离出H＋，与原溶液中的NO－3构成强氧化性条件
硝酸与金属反应计算的四个守恒、一个关系、一个技巧：
1．四个守恒
(1)得失电子守恒：金属失电子的物质的量＝n(NO2)＋3n(NO)。

(2)氮原子守恒：n(HNO3)总＝n(HNO3)余＋xn[M(NO3)x]＋n(NO2)＋n(NO)。

(3)电荷守恒：反应后溶液中c(NO－3)＝c(H＋)＋x·c(M x＋)。

(4)若向反应后溶液中加入NaOH溶液恰好使M x＋沉淀完全，此时溶质为NaNO3，则存在n(Na＋)＝n(NO－3)＝n(HNO3)总－n(NO)－n(NO2)。

2．一个关系
起酸性作用的HNO3的物质的量是与HNO3反应的金属物质的量和金属所带电荷数的乘积，可表示为n(HNO3)酸性＝xn(M x＋)，即反应中转移的电子的物质的量。

3．一个技巧
利用离子方程式计算，如果是HNO3和H2SO4混合液跟金属反应，当金属足量时，不能用化学方程式计算，应用离子方程式3Cu＋8H＋＋2NO－3===3Cu2＋＋2NO↑＋4H2O计算，因为M(NO3)x 的NO－3可借助H2SO4提供的H＋继续与金属反应。

[例2] 将32.64 g铜与140 mL一定浓度的硝酸反应，铜完全溶解产生的NO和NO2混合气体在标准状况下的体积为11.2 L。

请回答：
(1)NO的体积为________ L，NO2的体积为________L。

(2)待产生的气体全部释放后，向溶液中加入V mL a mol·L－1的NaOH溶液，恰好使溶液中的Cu2＋全部转化成沉淀，则原硝酸溶液的浓度为________ mol·L－1。

解析：(1)Cu与HNO3反应过程中，Cu作还原剂失去电子等于HNO3作氧化剂得到的电子，即得失电子守恒，有n(Cu)×2＝n(NO)×3＋n(NO2)×1，即
32.64 g 64 g·mol －1×2＝V NO 22.4 L·mol －1×3＋11.2 L －V NO
22.4 L·mol
－1，得V (NO)≈5.8 L，V (NO 2)＝5.4 L 。

(2)硝酸与Cu 反应中，硝酸显酸性和氧化性，其中显氧化性的硝酸全部转化为NO 、NO 2，显酸性的硝酸和过量的硝酸全部与加入V mL a mol·L －1的NaOH 完全反应，当溶液中的 Cu 2＋全部转化为沉淀时，所得溶液为NaNO 3溶液，则整个过程中作酸用的硝酸为： n (HNO 3)
作酸用＝n (NaOH)＝V ×10－3 L×a mol·L －1＝aV ×10－3 mol ，根据N 元素守恒，作氧化剂的硝酸
与生成的气体的物质的量相等，则有n (HNO 3)被还原＝n (气体)＝
11.2 L
22.4 L·mol －1＝0.5 mol 。

n (HNO 3)＝n (HNO 3)作酸用＋n (HNO 3)被还原＝aV ×10－3 mol ＋0.5 mol 。

答案：(1)5.8 5.4 (2)
aV ·10－3＋0.50.14
将0.1 mol 铜与40 mL 10 mol·L －1 HNO 3充分反应后，溶液中含a mol H ＋。

由此可知( )
A ．生成的气体在标准状况下的体积为4.48 L
B ．生成的气体在标准状况下的体积为1.49 L
C ．被还原的硝酸的物质的量为(0.2－a ) mol
D ．反应后溶液中所含NO －3的物质的量为0.2 mol
解析：选C 溶液中含有H ＋，则HNO 3过量，在反应过程中变稀，实际上发生了两个反应，反应消耗的HNO 3包括起酸的作用和氧化剂作用两部分，前者反应后以Cu(NO 3)2形成存在，后者被还原后生成NO 2、NO 气体，Cu ＋2HNO 3(酸)～Cu(NO 3)2，HNO 3(氧化剂)～NO 2(或NO)，作酸用的硝酸为0.2 mol ，生成的气体为NO 、NO 2的混合气体，溶液中有a mol 的HNO 3过量，则被还原的HNO 3为(0.4－a －0.2) mol ，即生成的气体的物质的量为(0.4－a －0.2) mol ，溶液中的NO －3由过量的HNO 3和Cu(NO 3)2中NO －3组成为(a ＋0.2) mol 。

[课堂双基落实]
1．下列反应中，硝酸既表现了氧化性又表现了酸性的是( )
A．C＋浓HNO3B．Cu＋稀HNO3
C．CuO＋浓HNO3 D．NaOH＋HNO3
解析：选B 浓HNO3与C反应只表现氧化性，与CuO、NaOH反应只表现酸性，与Cu反应生成NO2表现氧化性，生成Cu(NO3)2表现酸性。

2．通过一步反应不能直接完成的是( )
①N2―→NO2②NO2―→NO③NH3―→N O
④NH3―→NO2⑤Cu―→Cu(NO3)2
⑥HNO3―→NO2
A．①⑥ B．②⑤
C．④⑤ D．①④
解析：选D 要实现N2―→NO2需经两步：N2―→NO―→NO2；实现NH3―→NO2也需两步：NH3―→NO―→NO2。

3．有关硝酸化学性质的叙述中，正确的是( )
A．稀硝酸使红色石蕊试纸变蓝
B．硝酸能与Na2CO3反应，但不生成CO2
C．硝酸可与Na2S反应制得H2S气体
D．浓硝酸因分解放出的NO2又溶解于硝酸而呈黄色
解析：选D 稀HNO3显酸性，不可能使红色石蕊试纸变蓝，A项错误；B项发生复分解反应，可以生成CO2；C项，HNO3有强氧化性，可以氧化H2S气体，不能用于制取H2S。

4．相同质量的铜片分别投入到足量的下列四种酸中(必要时可加热)，充分反应后在相同条件下得到的气体体积由大到小的顺序是( )
①浓硫酸②浓硝酸③稀硫酸④稀硝酸
A．②④①③ B．②①④③
C．①②④③ D．③④①②
解析：选B 1 mol Cu与浓硫酸反应可生成1 mol SO2，1 mol Cu与浓硝酸反应可生成2 mol NO2,1 mol Cu与稀硝酸反应可生成2/3 mol NO，Cu与稀硫酸不反应。

5．某兴趣小组设计出如图所示装置来改进教材中“铜与硝酸反应”的实验，以探究化学实验的绿色化。

(1)实验前，关闭活塞b ，试管d 中加水至浸没长导管口，塞紧试管c 和d 的胶塞，加热c ，其目的是_________________________________。

(2)在d 中加适量NaOH 溶液，c 中放一小块铜片，由分液漏斗a 向c 中加入2 mL 浓硝酸。

c 中反应的化学方程式是：_______________________________________。

再由a 向c 中加2 mL 蒸馏水，c 中的实验现象是____________________。

(3)下表所示的是制取硝酸铜的三种方案，能体现绿色化学理念的最佳方案是___________________________，理由是______________________________。

方案
反应物 甲
Cu 、浓硝酸 乙
Cu 、稀HNO 3 丙
Cu 、O 2、稀HNO 3
解析：(1)关闭b ，d 中加水浸没导管口；这形成一段封闭气体，很容易想到是检查装置的气密性。

(2)先后实验是铜与浓、稀硝酸的反应。

(3)三种方案如下：
甲：Cu ＋4HNO 3(浓)===Cu(NO 3)2＋2NO 2↑＋2H 2O ；
乙：3Cu ＋8HNO 3(稀)===3Cu(NO 3)2＋2NO↑＋4H 2O ；
丙：2Cu ＋O 2=====△2CuO ，
CuO ＋2HNO 3===Cu(NO 3)2＋H 2O 。

三种方案相比，丙方案消耗酸最少，没有污染性气体产生，体现了环保、节约资源的原则。

答案：(1)检查装置气密性
(2)Cu ＋4HNO 3(浓)===Cu(NO 3)2＋2NO 2↑＋2H 2O 反应变缓，气体颜色变淡
(3)丙 耗酸量最少，无污染性气体产生。