大气污染控制工程第三版课后习题答案(18章全)
郝吉明第三版大气污染控制工程课后答案完整版
大气污染控制工程课后答案（第三版）主编:郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章概论1。
1干结空气中N2、O2、Ar和CO2气体所占的质量百分数是多少? 解:按1mol干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比,故n N2=0。
781mol，n O2=0。
209mol，n Ar=0.00934mol，n CO2=0。
00033mol.质量百分数为，；,.1.2根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准,求出SO2、NO2、CO三种污染物日平均浓度限值的体积分数.解:由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下:SO2：0。
15mg/m3，NO2：0。
12mg/m3，CO：4.00mg/m3.按标准状态下1m3干空气计算，其摩尔数为。
故三种污染物体积百分数分别为：SO2：,NO2：CO:。
1.3 CCl4气体与空气混合成体积分数为1。
50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m3N、/s，试确定：1)CCl4在混合气体中的质量浓度(g/m3N）和摩尔浓度c（mol/m3N）；2）每天流经管道的CCl4质量是多少千克？解：1）（g/m3N)c（mol/m3N)。
2)每天流经管道的CCl4质量为1。
031×10×3600×24×10－3kg=891kg 1。
4成人每次吸入的空气量平均为500cm3，假若每分钟呼吸15次，空气中颗粒物的浓度为200/m3，试计算每小时沉积于肺泡内的颗粒物质量.已知该颗粒物在肺泡中的沉降系数为0。
12。
解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6)×0。
大气污染控制工程第三版课后答案
第一章 概 论第二章 1.1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ； %29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1Nm g =⨯⨯⨯=--c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg 1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12g μ=10.8g μ 1.5 解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ，COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6 解：含氧总量为mL960100204800=⨯。
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大气污染控制工程课后作业习题解答第一章概论1.1解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar=0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为1.2解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m3，NO2：0.12mg/m3，CO：4.00mg/m3。
按标准状态下1m3干空气计算，1 103 其摩尔数为 1 1044.643mol 。
故三种污染物体积百分数分别为：22.4SO2：330.15 10 30.12 10 30.052 ppm ，NO：0.058ppm34.00 10 3 CO： 3.20 ppm28 44.6431.3解：1) g/m3N)41.50 10 4 15422 .4101.031g /m N3N 2%0.781 28.01100% 75.51% ，2 28.97 1O2%0.209 32.0028.97 1100% 23.08% ；Ar% 0.00934 39.94100%28.97 11.29% ，CO2%0.00033 44.01100%28.97 10.05% 。
2）每天流经管道的 CCl 4质量为 1.031 ×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4 解： 每小时沉积量 200×（500×15×60×10－6）×0.12 g =10.8 g1.5 解：由《大气污染控制工程》 P14 （1－1），取 M=2101.6 解：1.7 解： 由《大气污染控制工程》 P18 （1－2），最大能见度为c（ mol/m 3N）1.50 1022.4 10336.70 10 mol/m N 。
COHb M p O 2Hb p O 22102.2 10 4219.5 10 20.2369，COHb 饱和度 COCOHb COHb O 2HbCOHb /O 2Hb 1 COHb /O 2Hb0.2369 19.15%1 0.2369含氧总量为 4800 20100 960mL 。
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⼤⽓污染控制⼯程第三版课后习题答案⼤⽓污染控制⼯程课后作业习题解答第⼀章概论解：按1mol ⼲空⽓计算，空⽓中各组分摩尔⽐即体积⽐，故n N2=，n O2=，n Ar =，n CO2=。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2==N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2==O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%==Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2==CO 。
解：由我国《环境空⽓质量标准》⼆级标准查得三种污染物⽇平均浓度限值如下：SO2：m 3，NO2：m 3，CO ：m 3。
按标准状态下1m 3⼲空⽓计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=?。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=??-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=??- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=??-。
解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g ==-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---?=??=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为×10×3600×24×10－3 kg=891kg解：每⼩时沉积量200×（500×15×60×10－6）×g µ=g µ解：由《⼤⽓污染控制⼯程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422===--∝O p p M Hb O COHb ， COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ解：含氧总量为mL 960100204800=?。
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大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章概论1.1干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2CO 。
1.2根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol643.444.221013。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03，NO 2：ppm058.0643.44461012.03CO ：ppm 20.3643.44281000.43。
1.3CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度（g/m 3N）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1Nm g c（mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1Nmmol 。
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大气污染控制工程课后作业习题解答第一章概论1.1解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar=0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为1.2解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m3，NO2：0.12mg/m3，CO：4.00mg/m3。
按标准状态下1m3干空气计算，1 103 其摩尔数为 1 1044.643mol 。
故三种污染物体积百分数分别为：22.4SO2：330.15 10 30.12 10 30.052 ppm ，NO：0.058ppm34.00 10 3 CO： 3.20 ppm28 44.6431.3解：1) g/m3N)41.50 10 4 15422 .4101.031g /m N3N 2%0.781 28.01100% 75.51% ，2 28.97 1O2%0.209 32.0028.97 1100% 23.08% ；Ar% 0.00934 39.94100%28.97 11.29% ，CO2%0.00033 44.01100%28.97 10.05% 。
2）每天流经管道的 CCl 4质量为 1.031 ×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4 解： 每小时沉积量 200×（500×15×60×10－6）×0.12 g =10.8 g1.5 解：由《大气污染控制工程》 P14 （1－1），取 M=2101.6 解：1.7 解： 由《大气污染控制工程》 P18 （1－2），最大能见度为c（ mol/m 3N）1.50 1022.4 10336.70 10 mol/m N 。
COHb M p O 2Hb p O 22102.2 10 4219.5 10 20.2369，COHb 饱和度 COCOHb COHb O 2HbCOHb /O 2Hb 1 COHb /O 2Hb0.2369 19.15%1 0.2369含氧总量为 4800 20100 960mL 。
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大气传染统造工程课后做业习题解问之阳早格格创做第一章 概 论 解：按1mol 搞气氛预计，气氛中各组分摩我比即体积比，故n N2=0.781mol，n O2=0.209mol，n Ar =0.00934mol，n CO2=0.00033mol.品量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO .解：由我国《环境气氛品量尺度》二级尺度查得三种传染物日仄稳浓度限值如下：333.按尺度状态下1m 3搞气氛预计，其摩我数为mol 643.444.221013=⨯.故三种传染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-. 解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=. 2）每天流经管讲的CCl 4×10×3600×24×10－3kg=891kg 解：每小时重积量200×（500×15×60×10－6）×g μg μ解：由《大气传染统造工程》P14 （1－1），与M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ，COHb 鼓战度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ解：含氧总量为mL 960100204800=⨯.分歧CO 百分含量对付应CO 的量为： 2%：mL 59.19%2%98960=⨯，7%：mL 26.72%7%93960=⨯ 1）最初CO 火仄为0%时 min 0.17210102.426.7234=⨯⨯=-t ； 2）最初CO 火仄为2%时 min 4.12510102.459.1926.7234=⨯⨯-=-t . 解：由《大气传染统造工程》P18 （1－2），最大能睹度为m K d L pp v 8.115812.02.24.114006.26.2=⨯⨯⨯==ρρ.第二章 焚烧与大气传染 解：1kg 焚油含：重量（g ） 摩我数（g ） 需氧数（g ）H 2O 22.5 1.25 0 N 元素忽略.设搞气氛O 2：N 2×4.78=474.12mol/kg 重油. ×3N /kg 重油.烟气组成为CO 271.25mol ，H 2O 55.25+1.25=56.50mol ，SO 20.1325mol ，N 2×99.1875=374.93mol. ×3N /kg 重油.2）搞烟气量为502.99－56.50=446.49mol/kg 重油. SO 2百分比浓度为%07.0%10049.4463125.0=⨯，气氛焚烧时CO 2存留最大浓度%96.15%10049.44625.71=⨯.×3N /kg 重油，×10.62=12.33 m 3N /kg 重油. 解：相对付于碳元素做如下预计：%（品量） mol/100g 煤 mol/mol 碳C 65.7 5.475 1 故煤的组成为CHSO ，焚料的摩我品量（包罗灰分战火分）为molC g /26.18475.5100=.焚烧圆程式为1）表里气氛量kg m kg m /74.6/104.22100026.18)78.31(1495.1333=⨯⨯⨯+⨯-；SO 2正在干烟气中的浓度为%174.0%10018644.11495.178.3010.0292.01010.0=⨯+⨯+++2）爆收灰分的量为kg g /8.144%8010010001.18=⨯⨯ ×1.1495+1.644/18）×××10－33/kg灰分浓度为310826.68.144⨯mg/m 3×104mg/m 33）需石灰石kg 21.103%35407.100.32%7.11000=⨯⨯⨯/t 煤2.3解：按焚烧1kg 煤预计重量（g ） 摩我数（mol ） 需氧数（mol ） H 2O 52.875 2.94 0设搞气氛中N 2：O 2体积比为3.78：1， ×（66.25+7.78+0.1875）=354.76mol/kg 煤. N 2mol 54.28078.476.35478.3=⨯×354.76=436.43mol/kg 煤，SO 2浓度为%043.0%10043.4361875.0=⨯.2.4解：与1mol 煤气预计H 2CO 2 0.05mol 0H 2 CH 4共需O 2 0.003+0.143+0.063+0.014=0.223mol.设搞气氛中N 2：O 2×（3.78+1）=1.066mol.与2.1=α×1.066mol=1.279mol.气氛含干量为12g/m 3N ，即含H 23N 3N .故H 2O 体积分数为1.493%.故本量气氛量为mol 298.1%493.11279.1=-.烟气量SO 2：0.002mol ，CO 2：0.285+0.007+0.05=0.342mol ，N 2×3.78+0.524=1.367mol ，H 2× × 解：1）N 2%=1－11%－8%－2%－0.012%=78.99% 由《大气传染统造工程》P46 （2－11） 气氛过剩%5.50%100)25.08(99.78264.025.08=⨯⨯--⨯⨯-2）正在测定状态下，气体的摩我体积为mol L P T T V P V /46.39322.1337002734434.22101325221112=⨯⨯⨯⨯=⋅=； 与1m 3烟气举止预计，则SO 2120×10－6m 3，排搁浓度为63312010(18%)640.179/39.4610g m --⨯⨯-⨯=⨯. 3）322.45663.37(18%)2957/min 39.46N m ⨯⨯-=. 4）3/85.5222.439.460.03N m g =⨯.2.6解：按1kg 煤举止预计重量（g ） 摩我数（mol ） 需氧数（mol ） H 2O 83.25 4.625 0 设搞气氛中N 2：O 2××1.2=423.66mol ， ×0.0116=4.91mol.烟气中：CO 2 63.17mol ；SO 2 0.5mol ；H 2O 4.91+4.625+20.375=29.91mol ；N 2×××4.78=70.61mol.其中CO 2%25.14%10038.44317.63=⨯；SO 2 %11.0%10038.4435.0=⨯；H 2O %74.6%10038.44391.29=⨯； N 2%55.75%10038.44361.7079.019.279=⨯⨯+.O 2 %33.3%10038.443209.061.70=⨯⨯.2.7解：SO 2含量为0.11%，预计约1/60的SO 2转移为SO 3，则SO 3含量51083.1601%11.0-⨯=⨯，即P H2SO4×10－5，lg P H2SO4=-4.737.查图2－7得煤烟气酸露面约为134摄氏度. 2.8解：以1kg 油焚烧预计， C 860g 71.67mol ；H 140g 70mol ，耗氧35mol.设死成CO x mol ，耗氧0.5x mol ，则死成CO 2 （71.67－x ）mol ，耗氧（71.67－x ）mol. 烟气中O 2量610600%5.1-⨯x. 总氧量x x x x5.2467.10635)67.71(5.010600%5.16+=+-++⨯-，搞气氛中N 2：O 2体积比为3.78：1，则含N 2 ×（106.67+24.5x ）.根据搞烟气量可列出如下圆程：故CO 2%：%99.13%10010600306.0306.067.716=⨯⨯--； N 2%：%62.84%10010600306.0)67.106306.05.24(78.36=⨯⨯+⨯- 由《大气传染统造工程》P46 （2－11） 气氛过剩系数07.1)06.05.05.1(62.84264.006.05.05.11=⨯--⨯⨯-+=α第三章 大气传染局里教 3.1解：由气体静力教圆程式，大气中气压随下度的变更可用下式形貌：dP g dZρ=-⋅ （1）将气氛视为理念气体，即有m PV RT M=可写为 m PM VRTρ== （2）将（2）式戴进（1），并整治，得到以下圆程：假定正在一定范畴内温度T 的变更很小，不妨忽略.对付上式举止积分得：ln gM P Z C RT =-+ 即 2211ln ()P gMZ Z P RT =--（3） 假设山足下的气温为10.C ，戴进（3）式得： 得 5.7Z km ∆=即登山疏通员从山足进与爬了约5.7km. 3.2解：d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/35.25.1102988.297105.1，没有宁静d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/5.110308.2975.2973010，没有宁静d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/0.130505.2973.2975030，没有宁静d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/75.15.1302985.297305.1，没有宁静d m K zTγγ>=---=∆∆-=-100/44.15.1502983.297505.1，没有宁静.3.3解：288.00101)(P PT T =， 3.4解：由《大气传染统造工程》P80 （3－23），m Z Z u u )(11=，与对付数得)lg(lg 11Z Z m u u = 设y u u=1lg ，x Z Z=)lg(1，由真测数据得故m ＝0.2442. 3.5 解：0.070.07110050()2() 2.24/10Z u u m s Z ==⨯=，0.070.072200100()2() 2.35/10Z u u m s Z ==⨯= 0.070.073300200()2() 2.47/10Z u u m s Z ==⨯=，0.070.074400300()2() 2.54/10Z u u m s Z ==⨯= 0.070.075500400()2() 2.59/10Z u u m s Z ==⨯=. s m Z Z u u /55.2)1050(2)(15.015.00101=⨯==，s m Z Z u u /82.2)10100(2)(15.015.00202=⨯== s m Z Z u u /13.3)10200(2)(15.015.00303=⨯==，s m Z Z u u /33.3)10300(2)(15.015.00404=⨯== s m Z Z u u /48.3)10400(2)(15.015.00505=⨯==. s m Z Z u u /99.2)1050(2)(25.025.00101=⨯==，s m Z Z u u /56.3)10100(2)(25.025.00202=⨯== s m Z Z u u /23.4)10200(2)(25.025.00303=⨯==，s m Z Z u u /68.4)10300(2)(25.025.00404=⨯== 风速廓线图略. 3.6解：1）根据《Air Pollution Control Engineering 》可得下度与压强的闭系为dz RTgM PdP -=2、M=0.029kg 、R=8.31J/(mol.K)代进上式得T PdP dz 21.29-=.当t=.C ，气压为1023 hPa ；当t=.C ，气压为1012 hPa ，.C=283.4K ，dP=1012-1023=－11Pa.果此m m dz 894.28310181121.29=--=，z=119m.共理可预计其余测定位子下度，截止列表如下：2）图略 3）d m K z T γγ>=---=∆∆-=---100/35.1898.911212121，没有宁静；0100/22.299128.9323232<-=---=∆∆-=---m K z T γ，顺温； 0100/98.11011412434343<-=---=∆∆-=---m K z T γ，顺温； 0100/61.01631514545454<-=---=∆∆-=---m K z T γ，顺温； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/37.05361315656565，宁静； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/15.02716.1213878787，宁静； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/85.012996.16.12989898，宁静； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/28.02818.06.1109109109，宁静.3.7解：0100/22.14581.217.26111>=-=∆∆=m K z T G ，故011<-=G γ，顺温； m K z T G 100/72.07631.216.15222-=-=∆∆=，故d m K G γγ<=-=100/72.022，宁静；m K z T G 100/16.15806.159.8333-=-=∆∆=，故d m K G γγ>=-=100/16.133，没有宁静；m K z T G 100/12000.250.5444-=-=∆∆=，故d m K G γγ>=-=100/144，没有宁静；m K z T G 100/2500.300.20555-=-=∆∆=，故d m K G γγ>=-=100/255，没有宁静；0100/43.0700.250.28666>=-=∆∆=m K z T G ，故066<-=G γ顺温. 3.8解：2211ln()P gM Z Z P RT =--，代进已知数据（温度T 与二下度处的仄稳值）即458297314.8029.08.91013P ln2⨯⨯⨯＝－，由此解得P 2=961hPa.由《大气传染统造工程》P72 （3－15）可分别预计大天处位温战给定下度处位温：K P T 293)10131000(1.294)1000(288.0288.0===地面地面地面θ，K P T 16.303)9611000(7.299)1000(288.0288.0111===θ， 故位温梯度=m K 100/18.24580303293=--共理可预计得到其余数据的位温梯度，截止列表如下：3.9解：2211ln()P gM Z Z P RT =--，设大天压强为P 1，代进数据得到：458297314.8029.08.9P 970ln1⨯⨯⨯＝－，解得P 1=1023hPa.果此共理可预计得到其余数据的大天位温，截止列表如下：略.第四章 大气扩集浓度估算模式 4.1解：吹北风时以风背为x 轴，y 轴指背峭壁，本面为面源正在大天上的投影.若没有存留峭壁，则有]}2)(exp[]2)(){exp[2exp(2),,,(222222'z z y zy H z H z y u Q H z y x σσσσσπρ+-+---=现存留峭壁，可思量ρ为真源与真源正在所闭心面孝敬之战.真源]}2)(exp[]2)(){exp[2exp(22222221z z y z y H z H z y u Q σσσσσπρ+-+---= 真源]}2)(exp[]2)(]{exp[2)2(exp[22222222z z y z y H z H z y L u Q σσσσσπρ+-+----= 果此]}2)(exp[]2)(){exp[2exp(2222222z z y zy H z H z y u Q σσσσσπρ+-+---=+ =]}2)(exp[]2)(]}{exp[2)2(exp[)2{exp(222222222z z y y zy H z H z y L y u Q σσσσσσπ+-+----+- 刮冬风时，坐标系建坐没有变，则截止仍为上式. 4.2解： 霍兰德公式m D T T T uD v H s a s s 16.96)54182884187.25.1(455.13)7.25.1(=⨯-⨯+⨯=-+=∆. 布里格斯公式kW kW D v T T T Q ss a s H 210002952155.13418288418106.97.2106.97.22323>=⨯⨯-⨯⨯=-⨯⨯=--且x<=10Hs.此时3/23/213/113/23/180.2429521362.0362.0x x ux Q H H =⨯⨯==∆--.按国家尺度GB/T13201－91中公式预计， 果Q H >=2100kW ，Ts －Ta>=130K>35K.（收电厂位于都会近郊，与n=1.303，n 1=1/3，n 2=2/3） 4.3解：由《大气传染统造工程》P88（4－9）得 4.4解：阳天宁静度等第为D 级，利用《大气传染统造工程》P95表4－4查得x=500m 时m m z y 1.18,3.35==σσ.将数据代进式4－8得32222/010.0)1.18260exp()3.35250exp(1.183.35680)60,0,50,500(m mg =⨯-⨯-⨯⨯⨯=πρ. 4.5解：由霍兰德公式供得m D T T T uD v H s a s s 84.5)6.04052934057.25.1(46.020)7.25.1(=⨯-⨯+⨯=-+=∆，烟囱灵验下度为m H H H s 84.3584.530=+=∆+=.由《大气传染统造工程》P89 （4－10）、（4－11）yze H u Q σσπρ2max 2=时，m H z34.25284.352===σ.与宁静度为D 级，由表4－4查得与之相映的x=745.6m. 此时m y 1.50=σ.代进上式32max /231.01.5034.2584.354102m g e μπρ=⨯⨯⨯⨯=. 4.6解：由《大气传染统造工程》P98 （4－31）13.01121202.3)05.02()(y y q y y σσττσσ===（当h h 10012<≤τ，q=0.3）4.7解：有限少线源dP P H u Q H x P P z z L)2exp(21)2exp(22),0,0,(22221--=⎰πσσπρ.最先推断大气宁静度，决定扩集参数.中纬度天区阴朗春天下午4：00，太阳下度角30～35.安排，属于强太阳辐射；查表4-3，当风速等于3m/s 时，宁静度等第为C ，则400m 处m m zy 5.26,3.43==σσ.其次推断3分钟时传染物是可到达受体面.果为丈量时间小于0.5h ，所以没有必思量采样时间对付扩集参数的效用.3分钟时，传染物到达的距离3360540400x ut m m ==⨯⨯=>，证明已经到达受体面.有限少线源dP P H u Q H x P P z zL)2exp(21)2exp(22),0,0,(22221--=⎰πσσπρ距离线源下风背4m 处，P 1=－75/43.3=－1.732，P 2=75/43.3=1.732；)/(6.0)/(15090s m g s m g Q L⋅=⋅=.代进上式得 3732.1732.12/52.5)2exp(215.26326.02)0,0,0,400(m mg dp P =-⨯⨯⨯⨯=⎰-ππρ.端面下风背P 1=0，P 2=150/43.3=3.46，代进上式得 4.8解：设大气宁静度为C 级，m m z y 98.615.215,56.2323.4100000====σσ. 当x=1.0km ，m m z y 4.61,1.99==σσ.由《大气传染统造工程》P106 （4－49） 4.9解：设大气宁静度为C 级.m x m H D D z5.122642.7415.220036015.2=⇒=-=-=σ 当x=2km 时，x D <x<2x D ，按x= x D 战x=2x D 时浓度值内插预计.x= x D 时，m m z y 42.74,26.118==σσ，代进《大气传染统造工程》P88 （4－9）得x= 2x D 时，m m zy 10.139,41.221==σσ，代进P101 （4－36）得3222/257.041.2213605.32180)2exp(2m mg y D u Qy y=⨯⨯⨯=-=πσσπρ；通过内插供解3/181.0)5.12262000(5.1226050.0257.005.0m mg =--+=ρ 当x=6km>2x D 时，m y 474=σ，3/120.04743605.32180m mg =⨯⨯⨯=πρ预计截止标明，正在x D <=x<=2x D 范畴内，浓度随距离删大而降下. 4.10解：由所给局里条件应与宁静度为E 级.查表4－4得x=12km 处，m m z y 4.87,4277==σσ.m H y yf 25.4338504278=+=+=σσ，m H h z f 8.2244.872502=⨯+=+=σ 34/10365.125.4338.224321002)50,0,0,12000(m g h u Q yff F -⨯=⨯⨯⨯==πσπρ.解：按《大气传染统造工程》P91 （4－23） 由P80 （3－23）25.025.01010687.1)10(3)(s s mH H Z Z u u === 按都会及近郊区条件，参照表4－2，与n=1.303，n 1=1/3，n 2=2/3，代进P91（4－22）得12/54/13/23/11048.23687.128100303.121s ss n sn HH H H uH Q n H =⨯⨯==∆-.3（年均），代进P109（4－62）＝H H H s ∆-⨯-∆+⨯⨯⨯⨯⨯--625.0310)05.006.0()(687.1718.2142.35.010802解得m H H H H s s s 4.35748.2312/5≥+=∆+于是Hs>=162m.本量烟囱下度可与为170m.烟囱出心烟气流速没有该矮于该下度处仄稳风速的1.5倍，即u v ××170=9.14m/s.但是为包管烟气成功抬降，出心流速应正在20~30m/s.与u v =20m/s ，则有m u Q D v v 1.42026544=⨯⨯=≤ππ，本量直径可与为4.0m.4.12解：下架连绝面源出现浓度最大距离处，烟流核心线的浓度按 P88（4－7）z y zy u Q H H u Q σσπσσπ2018.1]2/24exp[1[222=⋅-+= （由P89（4－11）2H z =σ）而大天轴线浓度yze H u Q σσπρρ⋅==2max 22. 果此，38.12018.1)2(4018.14018.1)2/(2018.1/2222221====⋅=eH e H e H e H u Q u Q z yz z y σσσπσσπρρ 得证.第五章 颗粒传染物统造技能前提 5.1解：正在对付数概率坐标纸上做出对付数正态分集的品量乏积频次分集直线，读出d m μ、d 50m μ、d 15.9m μ.81.3501.84==d d g σ. 做图略. 解： 画图略. 5.3解：正在对付数概率坐标纸上做出对付数正态分集的品量乏积频次分集直线，读出品量中位直径d 50mμ、dmμ、d 15.9m μ.85.1501.84==d d gσ. 按《大气传染统造工程》P129（5－24）m NMD NMD MMD g μσ31.3ln 3ln ln 2=⇒+=；P129（5－26）m d NMD d L g Lμσ00.4ln 21ln ln 2=⇒+=；P129（5－29）m d NMD d sv g sv μσ53.8ln 25ln ln 2=⇒+=.5.4解：《大气传染统造工程》P135（5－39）按品量表示g cm d S Psv m /107.3623⨯==ρP135（5－38）按净体积表示323/1003.76cm cm d S svV⨯==P135（5－40）按聚集体积表示323/1011.2)1(6cm cm d S svb ⨯=-=ε.5.5解：气体流量按P141（5－43）s m Q Q Q N N N N /11000)(21321=+=； 漏风率P141（5－44）%20%100100002000%100121=⨯=⨯-=NNN Q Q Q δ；除尘效用： 思量漏风，按P142（5－47）%3.90100002.412000340.0111122=⨯⨯-=-=N N N N Q Q ρρη没有思量漏风，按P143（5－48）%9.912.4340.01112=-=-=NN ρρη 5.6解： 由气体圆程RT Mm PV =得L g RT PM V m /832.042331.829)4901001.1(5=⨯⨯-⨯===-ρ按《大气传染统造工程》P142（5－45）Pa P 13119.172832.08.92=⨯⨯=∆. 解：按《大气传染统造工程》P145（5－58） 粉尘浓度为33/10/22.22.22m g m g =3；×0.1=0.222g/s. 5.8解：按《大气传染统造工程》P144（5－52）ii i g g P121-=η（P=0.02）预计，如下表所示：据此可做出分级效用直线. 5.9解：按《大气传染统造工程》P144（5－54）∑==%86.721i i T g ηη. 解：53103.2,/912.0-⨯==μρm kg .当d p m μ时，应处正在Stokes 天区. 最先举止坎宁汉建正：s m M RT v /2.5321097.28142.35.387314.8883=⨯⨯⨯⨯==-π， m v8104.9499.0-⨯==ρμλ，47.04.0104.9222=⨯⨯==-p d Kn λ.则61.1)]10.1exp(4.0257.1[1=-++=Kn Kn C ，s m gC d u p p s /1041.11852-⨯==μρ.当d p =4000mμ时，应处于牛顿区，s m g d u p p s /34.17)(74.1=-=ρρρ.5002750103.234.17912.0104000Re 56>=⨯⨯⨯⨯==--μρud p p ，假设创造. 当d p m μ时，忽略坎宁汉建正，s m g d u pp s /088.0182==μρ.体味证Re p <1，切合Stokes 公式.思量到颗粒正在低重历程中速度正在很短时间内便格外交近u s ，果此预计重降下度时可近似按u s 预计.d p m μ×10－5××10－4m ； d p =40m μ×30=2.64m ； d p =4000m μ×30=520.5m. 5.11解：设最大石英粒径d p1，最小角闪石粒径d p2.由题意，g d g d p p p p ρρρρ221174.174.1=故35.16.25.31221===p p p p d d ρρ. 5.12解：正在所给的气氛压强战温度下，s Pa m kg ⋅⨯==-531081.1,/205.1μρ.d p =200m μ时，思量采与过度区公式，按《大气传染统造工程》P150（5－82）：85.131081.1205.103.110200Re 56=⨯⨯⨯⨯=--p ，切合过度区公式. 阻力系数按P147（5－62）82.3Re 5.186.0==pP C .阻力按P146（5－59）N u A C F p D p 822621083.703.1205.1)10200(482.32121--⨯=⨯⨯⨯⨯⨯==πρ. 5.13解：圆管里积2321085.741m d A -⨯==π.据此可供出气氛与盐酸雾滴相对付速度s m A Q u s /27.0601085.71012733=⨯⨯⨯==--.思量利用过度区公式：代进相闭参数s Pa m kg m kg p ⋅⨯=⨯==-53331082.1,/1064.1,/19.1μρρ及u s可解得d p =66m μ.117.11082.127.019.11066Re 56>=⨯⨯⨯⨯=--p ，切合过度区条件.故能被气氛夹戴的雾滴最大直径为66m μ. 5.14解：粒径为25m μ，应处于Stokes 天区，思量忽略坎宁汉建正：s m g d u pp s /1069.31822-⨯==μρ.横直目标上颗粒物疏通近似按匀速思量，则低重时间s u Ht s1221069.35.42=⨯==-×122m=171m. 5.15解：正在给定条件下s Pa m kg ⋅⨯==-53105.2,/815.0μρ. 当d p =10m μ，粉尘颗粒处于Stokes 天区：s m R u d u t p p c /768.02.016105.2182700)101(18252622=⨯⨯⨯⨯⨯=⋅=--μρ. d p =500m μ，粉尘颗粒处于牛顿区：Ru d u d t p p cp23226155.0⋅=ρππρ.果此s m R u d u t p p c /2.8003.32==ρρ.体味证，Re p =1307>500，假设创造.第六章 除尘拆置 6.1解：预计气流火仄速度sm AQ v /1087.257.414.92.120-⨯=⨯==.设粒子处于Stokes 天区，与s Pa ⋅⨯=-51082.1μ.按《大气传染统造工程》P162（6－4）即为能被100%捕集的最小雾滴直径. ：按层流思量，根据《大气传染统造工程》P163（6－5）2.229.64801812122121=⨯==⇒=ηηηηn n n n ，果此需要树坐23层.6.3解：m m m gL H v d p μμρμ10084104.8781.9105.2123.01086.118185350min<=⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==--，切合层流区假设. ：设气氛温度为298K ，最先举止坎宁汉建正：s m M RT v /6.4661097.28142.3298314.8883=⨯⨯⨯⨯==-π， m v 85106.66.466185.1499.01082.1499.0--⨯=⨯⨯⨯==ρμλ，21.063.0106.622=⨯⨯=-Kn 264.1]4.0257.1[21.0121.010.1=++=-eC .故s m gC d u pp s /1058.11852-⨯==μρ525.060/1061.3202.05.01058.1)1(35=⨯⨯⨯⨯⨯=+=--Q n LW u s i ηm μ粒子的分级效用为0.864.果此总效用 695.0)864.0525.0(5.0=+=i η解：按《AirPollutionControlEngineering 》公式)]9(exp[12μρπηi pc W D NV --=.令η=50%，N=5，Vc=15m/s ，p ρ×103kg/m 3，W=0.76m ，s Pa ⋅⨯=-5102μ，代进上式得d c m μ.利用《大气传染统造工程》P170（6－18）22)/(1)/(c pi c pi id d d d +=η 预计各粒径粉尘分级效用，由此得总效用%3.55==∑i i g ηη 解：根据《大气传染统造工程》P144（5－53）ii i g Pg 32/+=ηηη（P=0.1）预计分级效用，截止如下表所示：据此可做出分级效用直线.由上表可睹，5～10m μ来除效用为49.41.果此正在工程缺面允许范畴内，d c m μ. ：据《大气传染统造工程》P169（6－13）Pa v p 144015293.19.92121221=⨯⨯⨯==∆ξρ. 解：根据《Air Pollution Control Engineering 》P258公式)]9(exp[12μρπηi pc W D NV --=.果)/(1000322m kg D D p p p pa单位取单位ρρρρ==，故p D ρ2＝1000 2pa D ；由题意，当s m V c /20%,50==η.与s Pa ⋅⨯=-51082.1μ，N=10，代进上式)]1082.191000)100.1(2010(exp[1%50526--⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯--=i W π，解得W i mm .根据普遍旋风除尘器的尺寸央供，D 0=4W i =2.2cm ；H ＝2 W i =1.1cm.c ×10－3m 3/s6.9解：按《大气传染统造工程》P170（6－18）22222225)5/(1)5/()/(1)/(pipipi pi c pi c pi i d d d d d d d d +=+=+=η；⎰⎰∝+==022125pi pipipi i qdd dd qdd ηη.d g =20mμ，25.1=σ，])32.020ln (exp[79.1])ln 2ln(exp[ln 2122pipi ggpi gpi d d d d d q -=-=σσπ 代进上式，利用Matlab 积分可得%3.9610==⎰pi i qdd ηη.6.10解：驱进速度按《大气传染统造工程》P187（6－33）s m d qE w p p/176.01011081.1310100103.0365315=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---ππμ. 2885.123.0m dL A =⨯⨯==ππ3/s ，代进P188（6－34）%8.98)176.0075.0885.1exp(1)exp(1=⨯--=--=i i w Q A η.解：1）Q ’=2/3=0.667 m 322，%3.99)122.02/667.04.13exp(1=⨯--=i η.2）5.13/15.0max ==v v 故%8.9875.1%)3.991(1)1(1=--=--=Fv iηη.6.12 解：1）由题意77.0)9.0exp(15.0=⇒⨯--=k k d p m μ，%2.93)5.377.0exp(11=⨯--=η d p m μ，%8.99)0.877.0exp(12=⨯--=η d p m μ，%100)0.1377.0exp(13=⨯--=η故%98%6.9832.01%8.992.0%2.932.0>=⨯⨯+⨯+⨯=η 2）301%6.982iρ-=，则i 2ρ33.没有谦足环保确定战使用者需要.解：1）由《大气传染统造工程》P183（6－31）电场荷电为 扩集荷电按P184 （6－32）预计，与电场荷电相比很小，可忽略. ×10－16C.2）电场荷电为 ×10－19C.3）与s Pa ⋅⨯=-5105.2μd p =5m μ时，s m d qE w p p/088.0105105.23104.31004.3365516=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---ππμ；d p m μ时，s m d qE w p p/1051.3102.0105.23104.31086.43365519----⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==ππμ. 解：查图得集气板里积约1000m 3.（1000m 3/min ）－1.根据)exp(1i i w QA--=η， 0.995=1－exp （－w i ）解得w i =5.30m/min. 6.15解：%95)exp(1=--=w Q A η，故05.0)exp(=-w Q A ，0025.0)2exp(=-w QA果此%75.990025.01)2exp(1'=-=--=w QA η.6.16解：设3种粒子的分级效用分别为1η、2η、3η，则 果此%9.991=η，%0.992=η，%1.863=η. 解：1）粉尘粒径d p =10m μ 当液滴直径为50mμ时，R=0.2；碰碰数3.36618)(2=-=CD p p p I D u u d N μρ，14.19=I N .由给出预计公式可得%3.50=η共理可得液滴直径为100m μ、500m μ时捕集效用为42.6％、10.1%. 2）d p =50m μ用共样要领预计可得颗粒正在直径为50m μ、100m μ、500m μ的液滴上捕集效用分别为 0、10.2%、25.0％. 6.18解：按《大气传染统造工程》P211（6－53） 由（6－55）233.02229]101.6exp[pd gp C g l iepf d C P --=∆⨯-=μρρm μm μ，除尘效用约为1；果此故%48.981=-=P η. 6.19 解： 坎宁汉建正143.12.1172.01172.01=+=+=p C d C 6.20解：设气液比1L/m 3，d p m μ，3/8.1cm g p =ρs Pa g ⋅⨯=-51099.2μ.由O cmH v Q Q v p gl T 2323234.152100.11003.1)(1003.1=⨯⨯⨯⨯-=⨯-=∆---可解得v=121.6m/s.故喉管里积2058.06.1211.7m S ==，D T =272mm. 与喉管少度300mm ，通气管直径D 1=544mm. 241=α，62=α，则m mm ctg D D L T 64.064022111==-=α，m ctg D D L T 13.322222=-=α（与D 2=600mm ）. 解：由《Air Pollution Control Engineering 》P300 9.48式t D zc D M ηπ∆=24.t η通过P293 Figure 9.18读与.与33/102m kg p ⨯=ρ，雨滴D b =2mm ，处于牛顿区，利用《大气传染统造工程》P150（5－83）s m v /0.7]205.1/81.9)205.1100.1(100.2[74.12/133=⨯-⨯⨯=-.果此，912.01021082.1180.7)103(10218352632=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---b p p s D v d N μρt η=0.11（Cylinder ）. 故M=g μπ0083.011.080300)102(423=⨯⨯⨯⨯⨯-.而液滴自己g D M μρπ331019.461'⨯==×10－4%.6.22解：由《Air Pollution Control Engineering 》公式 t AQ D C C LD ∆-=η5.1ln 0.代进已知数据h t t A A3.12105.21.01025.11.0ln 33=∆⇒∆⨯⨯⨯⨯-=-，即需持绝半天安排的时间. 6.23解：设破裂2个布袋后气体流量调配没有变，近似供得出心浓度如下：300/0761.06002)1(600598'm g C C C =+-=η.果此%2.99%10015.90761.015.9=⨯-=η. 6.24解：设恒定速度v 1，则401=v K x ffg μ，40011=+v K x v K x ppg ffg μμ.若正在400Pa 压降下继承，则40022212=++v K x v K x v K x pp g pp g ffg μμμ解此微分圆程得Q 23. ：当T=300K 时，s Pa ⋅⨯=-51086.1μ，v=1.8m/min=0.03m/s.S x M p ρ=，1210100102.143MM S M x p =⨯⨯⨯==-ρ p K Mb p /03.01086.1125⨯⨯⨯+=∆-.利用所给数据举止线性拟战， 51.61613146+=∆x p ，即13146/03.01086.1125=⨯⨯⨯-p K M，K p ×10－12m 2.解：1）过滤气速预计为v F =1.0m/min.2）除尘效用为99%，则粉尘背荷2/94.5699.0m tg t Ct v W F =⨯=∆=. 3）除尘器压力益坏可思量为p E t P P P P ∆+∆+∆=∆t P ∆为浑净滤料益坏，思量为120Pa ；Pa v S P F E E 350=⋅=∆；)min/(50.9,43.5694.515.922m g N R tPa t Ct v R P p p p ⋅⋅=⨯⨯=∆=∆取；故)(43.56470)(43.56120350Pa t Pa t P P P P p E t +=++=∆+∆+∆=∆. 4）果除尘器压降小于1200Pa ，故min 9.12,1200)(43.56470<<+t Pa t 即最大浑灰周期.5）22402731603931000060m v Q A F =⨯⨯⨯==. 6）与滤袋d=0.8m ，l=2m.203.5m dl a ==π，7.47==aAn ，与48条布袋. 解：1）将已知数据代进所给公式即有0139.0]1082.13.0)101(1000)105.0(06.0297exp[52326=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯-=---P ，%6.98=η2）由001.0)97exp(22≤-=εμg cpas D D Zv P 可得z>=3.23m.3）由《Air Pollution Control Engineering 》公式，脱透率)9exp(2μρπi pc W D NV P -=与Wi=0.25Dc ，而N=0.5Z/Dc ，Vc=Vs/ε，pa pa D D ρ22=，代进上式)97exp()92exp(2222εμεμπg c pas g c pas D D ZV D D ZV P -=-= （近似与72=π）解：×（1－0.3）x p =140×10－4，x p =0.01cm ；3）由（0.8－0.0006）×0.39t=140，t=449min=7.5h. 第七章 气态传染物统造技能前提 7.1解：由亨利定律P*=Ex ，500××105×10－5. ×10－5=376.×10－5很小，故C CO23.100g 与气体仄稳的火中约含44×100××10－5/18=0.013g. 解：正在1atm 下O 2×104x 解得O 2×10－6. 解：20》C 时H 2×105kPa ，分压20atm ×0.1%=2.03kPa.×10－5，故C*H2S 3.×103×10－3mol/（m 3.Pa ）=115mol/（m 3.atm ） 由185.1,542.0108121611511-==+=+=h K k k H K Al l g Al . )/(3.431.285.1)(32*2h m mol C C K N S H S H Al A ⋅=⨯=-=.解：G B =5000×0.95=4750m 3N /h.Y 1=0.053，321063.2%54750)47505000(-⨯=⨯-=Y ；4.257.26/053.000263.0053.00)(max 21min =-=--=X Y Y G L B S . 果此用火量L sB ××105m 3N /h.由图解法可解得传量单元数为5.6. 解：G B =10×3/min ，Y 1=0.124，Y 2=0.02.做出最小用火时的支配线，x max =0.068.故53.1068.002.0124.0)(min =-=Bs G L ，L s ××3/min.图解法可解得传量单元数为 3.1.mLaH y 39.2)(3.333.0=⨯=.H y ×3.1=7.4m. 7.6解：利用公式0ττ-=KL ，将已知数据代进⎩⎨⎧-=-=002.05051.0220ττK K ，解得⎩⎨⎧==min65min/28500τmK果此min 27856512850max =-⨯=τ. 7.7解：min 8.95'==KL τ，kg aSL x b 2.452301141)0129.02629.0(2=⨯⨯⨯⨯-==πρ.7.8解：依据公式nT kPX 1=，对付lgX T ~lgP 举止直线拟合：7.030P X T =，即K=30，n=1.43；依据公式mm V P BV V P +=1，对付P ~P/V 举止直线拟合：P VP005.00289.0+=， 即V m =200，B=0.173. 解：×104××3/h ，M=131.5.由理念气体圆程RT Mm PV=得果此活性冰用量kg m 4301036.541075.328100⨯=⨯⨯⨯=；体积349.925771036.5m m V =⨯==ρ.解：Y 1=0.025kg 苯/kg 搞气氛，硅胶苯kg kg YX /282.0)167.0(5.1111==，Y 2=0，X 2=0.故支配线圆程为X=11.28Y .当Y=Y b ×0.0025=0.0282kg 苯/kg 硅胶. ×=0.0008kg 苯/kg 搞气氛.08.5881*=-Y Y ，由此可供得⎰-Y Yb Y Y dY *近似值；共时， ⎰⎰---+-=-==We Wb ab a b We Wb A A b w w w w w dw w Y Y W dw Y Y W Y Q f))(1()1(000 由此供得f 的近似值，列表如下：N OG =5.948，f=0.5580；2atm ，298K 时，ρ3，果此)/(37.22s m kg v G ⋅==ρ，故H OG =m G D a p 07041.0)10835.131.21060.0(60042.1)(42.151.05251.0=⨯⨯⨯⨯=--μ； 果此吸附区下度为H 2=H OG .N OG ×5.948=0.419m.对付单位横截里积的床层，正在呵护效用时间内吸附的苯蒸汽量为（0.025－0）××60×90＝320（kg 苯/m 2） 而吸附床鼓战区吸附苯蒸汽量)0()(2--=T b x H H ρ 吸附床已鼓战区吸附苯蒸汽量)1)(0(2f x H T b --=ρ果此总吸附量320442.0282.0625419.0282.0625)419.0(=⨯⨯⨯+⨯⨯-=H 解得H=2.05m ，此即所需要的最小床下.解：反应管转移率为x A 时，反应速度为R A =－0.15（1－x A ）mol/（kg 催化剂.min ）.根据单管物料仄稳可列出如下圆程：A A Qdx Adx x =-ρ)1(15.0 其中2322101.1)108.3(4m A --⨯=⨯⨯=π，Q 单位为mol/min.数据代进并整治得AAx dx Q dx -=1098668.0，对付等式二边积分，即⎰⎰-=74.001.601098668.0AA x dx Q dx ，解得Q=0.447mol/min.反应管数目：250/0.447＝560个. 解：由T cm Q ∆=得K cm Q T 31472642.01056.45=⨯⨯==∆. 第八章 硫氧化物的传染统造 8.1解：火电厂排搁尺度700mg/m 3.3%硫含量的煤烟气中SO 2体积分数与0.3%. 则每坐圆米烟气中含SO 2mg 857110644.2233=⨯⨯； 果此脱硫效用为%8.91%10085717008571=⨯-. 8.2 解：1）↑+⋅→++22322322CO O H CaSO O H SO CaCO 2）每焚烧1t 煤爆收SO 2约kg t 7221006.3=⨯，约来除72×0.9=64.8kg.果此消耗CaCO 3 kg m 132648.641003.1=⨯⨯=.3）CaSO 4.2H 2O 死成量 kg 174172648.64=⨯；则焚烧1t 煤脱硫污泥排搁量为t 4354.0174=，共时排搁灰渣77kg.解： 1）由)1)(1(121ηηη---=T，)1%)(981(1%7.992η---=，解得%852=η.2）设总体积为100，则SO 27.8体积，O 210.8体积，N 281.4体积.经第一级催化转移后余SO 20.156体积，O 26.978体积，N 281.4体积.设有x 体积SO 2转移，则总体积为)25.88(x -.果此，5.0]2/5.882/978.6[2/5.88156.0)25.88/(300x x x x xx --⋅---=×10－3；故转移率为%99156.0106.113=⨯-- 8.4解：能源消耗W W K 07.58.0260000156.0=⨯=，即约0.51%用于克服阻力益坏. 解：1）与仄稳温度为C T 。
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大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染 第三章大气污染气象学 第四章大气扩散浓度估算模式 第五章颗粒污染物控制技术基础 第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础 第八章硫氧化物的污染控制 第九章固定源氮氧化物污染控制 第十章挥发性有机物污染控制 第十一章城市机动车污染控制第一章概论1.1干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？ 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
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（完整版）⼤⽓污染控制⼯程郝吉明第三版课后答案郝吉明⼤⽓污染控制⼯程课后答案（第三版）主编：郝吉明马⼴⼤王书肖⽬录第⼀章概论第⼆章燃烧与⼤⽓污染第三章⼤⽓污染⽓象学第四章⼤⽓扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章⽓态污染物控制技术基础第⼋章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第⼗章挥发性有机物污染控制第⼗⼀章城市机动车污染控制第⼀章概论1.1 ⼲结空⽓中N 2、O 2、Ar 和CO 2⽓体所占的质量百分数是多少？解：按1mol ⼲空⽓计算，空⽓中各组分摩尔⽐即体积⽐，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，nCO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2==N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2==O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%==Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2==CO 。
1.2 根据我国的《环境空⽓质量标准》的⼆级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物⽇平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空⽓质量标准》⼆级标准查得三种污染物⽇平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3⼲空⽓计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=?。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=??-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=??- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=??-。
1.3 CCl 4⽓体与空⽓混合成体积分数为1.50×10－4的混合⽓体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合⽓体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1N m g ==-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---?=??=。
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大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？ 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
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大气污染控制工程课后答案（第三版） 主编：郝吉明 马广大 王书肖目录第一章 概 论第二章 燃烧与大气污染 第三章 大气污染气象学 第四章 大气扩散浓度估算模式 第五章 颗粒污染物控制技术基础 第六章 除尘装置第七章 气态污染物控制技术基础 第八章 硫氧化物的污染控制 第九章 固定源氮氧化物污染控制 第十章 挥发性有机物污染控制 第十一章 城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
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大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染 第三章大气污染气象学 第四章大气扩散浓度估算模式 第五章颗粒污染物控制技术基础 第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础 第八章硫氧化物的污染控制 第九章固定源氮氧化物污染控制 第十章挥发性有机物污染控制 第十一章城市机动车污染控制第一章概论1.1干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？ 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
大气污染控制工程第三版课后习题答案18章全
大气污染控制工程第三版课后习题答案18章全大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论1.1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ； %29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm058.0643.44461012.03=⨯⨯-CO ：ppm20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 解： 1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1Nm g =⨯⨯⨯=--c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1Nm mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg 1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12g μ=10.8g μ 1.5 解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ，COHb饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6 解：含氧总量为mL 960100204800=⨯。
大气污染控制工程第三版课后习题答案(1~8章全)
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论1.1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=--c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12g μ=10.8g μ1.5 解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ， COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6 解：含氧总量为mL 960100204800=⨯。
大气污染控制工程第三版课后习题答案(18章全)
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=，n O2=，n Ar =，n CO2=。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：m 3，NO2：m 3，CO ：m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯-CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为×10×3600×24×10－3kg=891kg解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×g μ=g μ解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ， COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ解： 含氧总量为mL 960100204800=⨯。
大气污染控制工程第三版课后习题答案(1~8章全)
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论1.1解：按1mol 干空气计算,空气中各组分摩尔比即体积比,故n N2=0.781mol,n O2=0.209mol,n Ar =0.00934mol,n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ,%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ,%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3,NO2：0.12mg/m 3,CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算,其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-,NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3解：1〕ρ〔g/m 3N 〕334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c 〔mol/m 3N 〕3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2〕每天流经管道的CCl 4质量为1.×10×3600×24×10－3kg=891kg 1.4解：每小时沉积量200×〔500×15×60×10－6〕×0.12g μ=10.8g μ 1.5解：由《大气污染控制工程》P14 〔1－1〕,取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ,COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6解：含氧总量为mL 960100204800=⨯。
(完整版)郝吉明第三版大气污染控制工程课后答案完整版
大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？ 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
第三版大气污染控制工程课后答案
大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？ 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
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大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论1.1解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg 1.4解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12g μ=10.8g μ 1.5解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ，COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6解：含氧总量为mL 960100204800=⨯。
不同CO 百分含量对应CO 的量为：2%：mL 59.19%2%98960=⨯，7%：mL 26.72%7%93960=⨯1）最初CO 水平为0%时 min 0.17210102.426.7234=⨯⨯=-t ； 2）最初CO 水平为2%时 min 4.12510102.459.1926.7234=⨯⨯-=-t 。
1.7解：由《大气污染控制工程》P18 （1－2），最大能见度为m K d L pp v 8.115812.02.24.114006.26.2=⨯⨯⨯==ρρ。
第二章 燃烧与大气污染2.1解：1kg 燃油含：重量（g ） 摩尔数（g ） 需氧数（g ）C 855 71.25 71.25 H 113－2.5 55.25 27.625 S 10 0.3125 0.3125 H 2O 22.5 1.25 0 N 元素忽略。
1）理论需氧量 71.25+27.625+0.3125=99.1875mol/kg设干空气O 2：N 2体积比为1：3.78，则理论空气量99.1875×4.78=474.12mol/kg 重油。
即474.12×22.4/1000=10.62m 3N /kg 重油。
烟气组成为CO 271.25mol ，H 2O 55.25+1.25=56.50mol ，SO 20.1325mol ，N 23.78×99.1875=374.93mol 。
理论烟气量 71.25+56.50+0.3125+374.93=502.99mol/kg 重油。
即502.99×22.4/1000=11.27 m 3N /kg 重油。
2）干烟气量为502.99－56.50=446.49mol/kg 重油。
SO 2百分比浓度为%07.0%10049.4463125.0=⨯，空气燃烧时CO 2存在最大浓度%96.15%10049.44625.71=⨯。
3）过剩空气为10%时，所需空气量为1.1×10.62=11.68m 3N /kg 重油， 产生烟气量为11.267+0.1×10.62=12.33 m 3N /kg 重油。
2.2解：相对于碳元素作如下计算：%（质量） mol/100g 煤 mol/mol 碳 C 65.7 5.475 1 H 3.2 3.2 0.584S 1.7 0.053 0.010 O 2.3 0.072 0.013灰分 18.1 3.306g/mol 碳 水分 9.0 1.644g/mol 碳 故煤的组成为CH 0.584S 0.010O 0.013， 燃料的摩尔质量（包括灰分和水分）为molC g /26.18475.5100=。
燃烧方程式为 222222013.0010.0584.078.3010.0292.0)78.3(nN SO O H CO N O n O S CH +++→++n=1+0.584/4+0.010－0.013/2=1.1495 1）理论空气量kg m kg m /74.6/104.22100026.18)78.31(1495.1333=⨯⨯⨯+⨯-；SO 2在湿烟气中的浓度为%174.0%10018644.11495.178.3010.0292.01010.0=⨯+⨯+++2）产生灰分的量为kg g /8.144%8010010001.18=⨯⨯烟气量（1+0.292+0.010+3.78×1.1495+1.644/18）×1000/18.26×22.4×10－3=6.826m 3/kg灰分浓度为310826.68.144⨯mg/m 3=2.12×104mg/m 33）需石灰石kg 21.103%35407.100.32%7.11000=⨯⨯⨯/t 煤2.3解：按燃烧1kg 煤计算重量（g ） 摩尔数（mol ） 需氧数（mol ） C 795 66.25 66.25 H 31.125 15.5625 7.78 S 6 0.1875 0.1875 H 2O 52.875 2.94 0 设干空气中N 2：O 2体积比为3.78：1，所需理论空气量为4.78×（66.25+7.78+0.1875）=354.76mol/kg 煤。
理论烟气量CO2 66.25mol ，SO2 0.1875mol ，H2O 15.5625+2.94=18.50mol N 2mol 54.28078.476.35478.3=⨯总计66.25+`8.50+0.1875+280.54=365.48mol/kg 煤实际烟气量365.48+0.2×354.76=436.43mol/kg 煤，SO 2浓度为%043.0%10043.4361875.0=⨯。
2.4解：取1mol 煤气计算H 2S 0.002mol 耗氧量 0.003mol CO 2 0.05mol 0CO 0.285mol 0.143molH 2 （0.13-0.004）mol 0.063mol CH 4 0.007mol 0.014mol共需O 2 0.003+0.143+0.063+0.014=0.223mol 。
设干空气中N 2：O 2体积比为3.78：1，则理论干空气量为0.223×（3.78+1）=1.066mol 。
取2.1=α，则实际干空气 1.2×1.066mol=1.279mol 。
空气含湿量为12g/m 3N ，即含H 2O0.67mol/ m 3N ，14.94L/ m 3N 。
故H 2O 体积分数为1.493%。
故实际空气量为mol 298.1%493.11279.1=-。
烟气量SO 2：0.002mol ，CO 2：0.285+0.007+0.05=0.342mol ，N 2：0.223×3.78+0.524=1.367mol ，H 2O0.002+0.126+0.014+1.298×1.493%+0.004=0.201mol故实际烟气量 0.002+0.342+1.367+0.201+0.2×1.066=2.125mol 2.5解：1）N 2%=1－11%－8%－2%－0.012%=78.99% 由《大气污染控制工程》P46 （2－11） 空气过剩%5.50%100)25.08(99.78264.025.08=⨯⨯--⨯⨯-2）在测定状态下，气体的摩尔体积为mol L P T T V P V /46.39322.1337002734434.22101325221112=⨯⨯⨯⨯=⋅=； 取1m 3烟气进行计算，则SO 2120×10－6m 3，排放浓度为63312010(18%)640.179/39.4610g m --⨯⨯-⨯=⨯。
3）322.45663.37(18%)2957/min 39.46N m ⨯⨯-=。
4）3/85.5222.439.460.03Nm g =⨯。
2.6解：按1kg 煤进行计算重量（g ） 摩尔数（mol ） 需氧数（mol ） C 758 63.17 63.17 H 40.75 20.375 10.19 S 16 0.5 0.5 H 2O 83.25 4.625 0 需氧63.17+10.19+0.5=73.86mol设干空气中N 2：O 2体积比为3.78：1，则干空气量为73.86×4.78×1.2=423.66mol ， 含水423.66×0.0116=4.91mol 。
烟气中：CO 2 63.17mol ；SO 2 0.5mol ；H 2O 4.91+4.625+20.375=29.91mol ；N 2：73.86×3.78=279.19mol ；过剩干空气0.2×73.86×4.78=70.61mol 。
实际烟气量为63.17+0.5+29.91+279.19+70.61=443.38mol其中CO 2%25.14%10038.44317.63=⨯；SO 2%11.0%10038.4435.0=⨯；H 2O %74.6%10038.44391.29=⨯； N 2 %55.75%10038.44361.7079.019.279=⨯⨯+。
O 2 %33.3%10038.443209.061.70=⨯⨯。