(物理)动量守恒定律练习题含答案及解析

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由于水平面光滑,A 与 B、C 组成的系统动量守恒和能量守恒,有:
mv0=m( 1 v0)+2mv1 ① 2
μmgL= 1 mv02- 1 m( 1 v0) 2- 1 ×2mv12 ②
2
22
2
联立①②解得:μ= 5v02 . 16gL
②当 A 滑上 C,B 与 C 分离,A、C 间发生相互作用.A 到达最高点时两者的速度相 等.A、C 组成的系统水平方向动量守恒和系统机械能守恒:
qB2 则 Q 在磁场中运动的最长时间: t T 127 • 2 m2 127 s
360 360 qB2 360 此时对应的 角:1 90 和 2 143
3.如图所示,一小车置于光滑水平面上,轻质弹簧右端固定,左端栓连物块 b,小车质量 M=3kg,AO 部分粗糙且长 L=2m,动摩擦因数 μ=0.3,OB 部分光滑.另一小物块 a.放在车 的最左端,和车一起以 v0=4m/s 的速度向右匀速运动,车撞到固定挡板后瞬间速度变为 零,但不与挡板粘连.已知车 OB 部分的长度大于弹簧的自然长度,弹簧始终处于弹性限 度内.a、b 两物块视为质点质量均为 m=1kg,碰撞时间极短且不粘连,碰后一起向右运 动.(取 g=10m/s2)求:
(物理)动量守恒定律练习题含答案及解析
一、高考物理精讲专题动量守恒定律
1.水平放置长为 L=4.5m 的传送带顺时针转动,速度为 v=3m/s,质量为 m2=3kg 的小球被
长为 l 1m 的轻质细线悬挂在 O 点,球的左边缘恰于传送带右端 B 对齐;质量为 m1=1kg
的物块自传送带上的左端 A 点以初速度 v0=5m/s 的速度水平向右运动,运动至 B 点与球 m2
试题分析:(1)P1
滑到最低点速度为
v1,由机械能守恒定律有:
1 2
mv02
mgR
1 2
mv12
解得:v1=5m/s
P1、P2 碰撞,满足动量守恒,机械能守恒定律,设碰后速度分别为 v1 、 v2
则由动量守恒和机械能守恒可得: mv1 mv1 mv2
1 2
mv12
1 2
mv12
1 2
mv22
解得: v1 0 、 v2 5m/s
滑板碰后,P1 向右滑行距离: s1
v2 2a1
0.08m
P2 向左滑行距离: s2
v22 2a2
2.25m
所以 P1、P2 静止后距离:△S=L-S1-S2=1.47m
考点:考查动量守恒定律;匀变速直线运动的速度与位移的关系;牛顿第二定律;机械能
守恒定律.
【名师点睛】本题为动量守恒定律及能量关系结合的综合题目,难度较大;要求学生能正
故这一核反应是吸收能量的反应,吸收的能量为 1.20MeV
(2)根据动量守恒定律,则有:mHe v0=mH vH+mOvO 又:vO:vH=1:50 解得:vO=1.8×106m/s
6.如图所示,在光滑水平面上有一个长为 L 的木板 B,上表面粗糙,在其左端有一个光滑
的 1 圆弧槽 C 与长木板接触但不连接,圆弧槽的下端与木板的上表面相平,B、C 静止在水 4
(3)当所加磁场 B2
2T
, r2
m2vc qB2
1m
要让 Q 从 gh 边穿出磁场且在磁场中运动的时间最长,则 Q 在磁场中运动轨迹对应的圆心
角最大,则当 gh 边或 ef 边与圆轨迹相切,轨迹如图所示:
设最大圆心角为 ,由几何关系得: cos(180 ) d r2 r2
解得: 127 运动周期:T 2 m2
【答案】(1) FN 4.6 102 N (2) B1 1.25T
(3) t
127 360
s,
1
900 和2
1430
【解析】 【详解】
解:(1)设 P 碰撞前后的速度分别为 v1 和 v1 , Q 碰后的速度为 v2

a

b
,对
P
,由动能定理得:
-m1gl
1 2
m1v
2 1
1 2
m1v
2 0

解得滑块 a 与车相对静止时与 O 点距离:

考点:动量守恒定律、动能定理。 【名师点睛】本题考查了求速度、距离问题,分析清楚运动过程、应用动量守恒定律、动 能定理、能量守恒定律即可正确解题。
4.如图所示,固定的凹槽水平表面光滑,其内放置 U 形滑板 N,滑板两端为半径 R=0.45m 的 1/4 圆弧面.A 和 D 分别是圆弧的端点,BC 段表面粗糙,其余段表面光滑.小滑块 P1 和 P2 的质量均为 m.滑板的质量 M=4m,P1 和 P2 与 BC 面的动摩擦因数分别为 μ1=0.10 和 μ2=0.20,最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力.开始时滑板紧靠槽的左端,P2 静止在粗糙 面的 B 点,P1 以 v0=4.0m/s 的初速度从 A 点沿弧面自由滑下,与 P2 发生弹性碰撞后,P1 处 在粗糙面 B 点上.当 P2 滑到 C 点时,滑板恰好与槽的右端碰撞并与槽牢固粘连,P2 继续运 动,到达 D 点时速度为零.P1 与 P2 视为质点,取 g=10m/s2.问:
平面上,现有滑块 A 以初速度 v0 从右端滑上 B 并以 v0 滑离 B,恰好能到达 C 的最高点.A、 2
B、C 的质量均为 m,试求:
(1)滑块与木板 B 上表面间的动摩擦因数 μ;
(2) 1 圆弧槽 C 的半径 R 4
【答案】(1) = 5v02 ;(2) R= v02
16gL
64g
【解析】
m2 gR(1
cos )
1 2
m2vc2
1 2
m2v22
解得: vc 2m/s
进入磁场后: Q 所受电场力 F qE 3102 N m2 g , Q 在磁场做匀速率圆周运动
由牛顿第二定律得:
qvc B1
m2vc2 r1
Q 刚好不从 gh 边穿出磁场,由几何关系: r1 d 1.6m
解得: B1 1.25T
【详解】
解:设滑块 m1 与小球碰撞前一直做匀减速运动,根据动能定理:
m1gL=
1 2
m1v12
1 2
m1v02
解之可得: v1 =4m/s
因为 v1 v ,说明假设合理
滑块与小球碰撞,由动量守恒定律:
m1v1
=
1 2
m1v12
+m2v2
解之得: v2 =2m/s
碰后,对小球,根据牛顿第二定律:
F
m2 g
m2v22 l
小球受到的拉力: F 42N
(2)设滑块与小球碰撞前的运动时间为
t1
,则
L
1 2
v0
v1
t1
解之得: t1 1s
在这过程中,传送带运行距离为: S1 vt1 3m
滑块与传送带的相对路程为: X1 L X1 1.5m
设滑块与小球碰撞后不能回到传送带左端,向左运动最大时间为 t2
则根据动量定理: m1gt2
m1
1 2
v1
解之得: t2 2s
滑块向左运动最大位移:
xm
1 2
1 2
v1
t2
=2m
因为 xm L ,说明假设成立,即滑块最终从传送带的右端离开传送带
再考虑到滑块与小球碰后的速度
1 2
v1
<
v

说明滑块与小球碰后在传送带上的总时间为 2t2
在滑块与传送带碰撞后的时间内,传送带与滑块间的相对路程
X 2 2vt2 12m
因此,整个过程中,因摩擦而产生的内能是
Q m1g x1 x2 =13.5J
2.如图:竖直面内固定的绝缘轨道 abc,由半径 R=3 m 的光滑圆弧段 bc 与长 l=1.5 m 的粗 糙水平段 ab 在 b 点相切而构成,O 点是圆弧段的圆心,Oc 与 Ob 的夹角 θ=37°;过 f 点的 竖直虚线左侧有方向竖直向上、场强大小 E=10 N/C 的匀强电场,Ocb 的外侧有一长度足够 长、宽度 d =1.6 m 的矩形区域 efgh,ef 与 Oc 交于 c 点,ecf 与水平向右的方向所成的夹角 为 β(53°≤β≤147°),矩形区域内有方向水平向里的匀强磁场.质量 m2=3×10-3 kg、电 荷量 q=3×l0-3 C 的带正电小物体 Q 静止在圆弧轨道上 b 点,质量 m1=1.5×10-3 kg 的不带电 小物体 P 从轨道右端 a 以 v0=8 m/s 的水平速度向左运动,P、Q 碰撞时间极短,碰后 P 以 1 m/s 的速度水平向右弹回.已知 P 与 ab 间的动摩擦因数 μ=0.5,A、B 均可视为质点,Q 的电荷量始终不变,忽略空气阻力,sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度大小 g=10 m/s2.求: (1)碰后瞬间,圆弧轨道对物体 Q 的弹力大小 FN; (2)当 β=53°时,物体 Q 刚好不从 gh 边穿出磁场,求区域 efgh 内所加磁场的磁感应强度 大小 B1; (3)当区域 efgh 内所加磁场的磁感应强度为 B2=2T 时,要让物体 Q 从 gh 边穿出磁场且在磁 场中运动的时间最长,求此最长时间 t 及对应的 β 值.
(3)P2 滑到
C
点速度为
v2
,由
mgR
1 2
mv22
得 v2 3m/s
P1、P2 碰撞到 P2 滑到 C 点时,设 P1、M 速度为 v,由动量守恒定律得:
mv2 (m M )v mv2
解得:v=0.40m/s

P1、P2、M
为系统:
f2L
1 2
mv22
1 (m 2
M )v2
代入数值得:L=3.8m
确分析过程,并能灵活应用功能关系;合理地选择研究对象及过程;对学生要求较高.
5.卢瑟福用 α 粒子轰击氮核发现质子。发现质子的核反应为:
。已
知氮核质量为 mN=14.00753u,氧核的质量为 mO=17.00454u,氦核质量 mHe=4.00387u,质 子(氢核)质量为 mp=1.00815u。(已知:1uc2=931MeV,结果保留 2 位有效数字)求: (1)这一核反应是吸收能量还是放出能量的反应?相应的能量变化为多少?
发生碰撞,在极短的时间内以碰撞前速率的 1 反弹,小球向右摆动一个小角度即被取走。 2
已知物块与传送带间的滑动摩擦因数为 μ=0.1,取重力加速度 g 10m/s2 。求:
(1)碰撞后瞬间,小球受到的拉力是多大? (2)物块在传送带上运动的整个过程中,与传送带间摩擦而产生的内能是多少? 【答案】(1)42N(2)13.5J 【解析】
解得: v1 7m/s
碰撞过程中,对 P , Q 系统:由动量守恒定律: m1v1 m1v1 m2v2
取向左为正方向,由题意 v1 1m/s ,
解得: v2 4m/s
b
点:对 Q
,由牛顿第二定律得: FN
m2 g
m2
v22 R
解得: FN 4.6 102 N
(2)设 Q 在 c 点的速度为 vc ,在 b 到 c 点,由机械能守恒定律:
(2)P2 向右滑动时,假设 P1 保持不动,对 P2 有:f2=μ2mg=2m(向左) 设 P1、M 的加速度为 a2;对 P1、M 有:f=(m+M)a2
a2
f m M
2m 5m
0.4m/s2
此时对 P1 有:f1=ma2=0.4m<fm=1.0m,所以假设成立. 故滑块的加速度为 0.4m/s2;
(2)若入射氦核以 v0=3×107m/s 的速度沿两核中心连线方向轰击静止氮核。反应生成的氧 核和质子同方向运动,且速度大小之比为 1:50。求氧核的速度大小。
【答案】(1)吸收能量,1.20MeV;(2)1.8×106m/s
【解析】
(1)这一核反应中,质量亏损:△m=mN+mHe-mO-mp=14.00753+4.00387-17.00454-1.00815=0.00129u 由质能方程,则有△E=△m c2=-0.00129×931=-1.20MeV

a、b 碰撞过程系统动量守恒,以 a 的初速度方向为正方向,
由动量守恒定律得:
,代入数据解得:

(2)当弹簧恢复到原长时两物块分离,a 以
在小车上向左滑动,当与车同速
时,以向左为正方பைடு நூலகம்,由动量守恒定律得:

代入数据解得:

对小车,由动能定理得:

代入数据解得,同速时车 B 端距挡板的距离:

(3)由能量守恒得:
(1)P1 和 P2 碰撞后瞬间 P1、P2 的速度分别为多大? (2)P2 在 BC 段向右滑动时,滑板的加速度为多大? (3)N、P1 和 P2 最终静止后,P1 与 P2 间的距离为多少?
【答案】(1) v1 0 、 v2 5m/s (2) a2 0.4m/s2 (3)△S=1.47m
【解析】
(1)物块 a 与 b 碰后的速度大小; (2)当物块 a 相对小车静止时小车右端 B 到挡板的距离; (3)当物块 a 相对小车静止时在小车上的位置到 O 点的距离.
【答案】(1)1m/s (2) 【解析】
(3) x=0.125m
试题分析:(1)对物块 a,由动能定理得:
代入数据解得 a 与 b 碰前速度:
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