全国卷理综选择题专项训练

全国卷理综选择题专项训练（1）

1．下列关于生物大分子叙述，正确的是

A．细菌拟核DNA能复制并指导蛋白质合成

B．动物细胞的膜蛋白都能够协助跨膜运输

C．人体细胞核内的大分子物质均能通过核孔

D．植物细胞中的多糖均是在叶绿体内合成

【答案】A

【解析】细菌拟核DNA贮存有遗传信息，能复制并指导蛋白质合成，A正确；动物细胞的膜蛋白，具有运输载体作用的膜蛋白能够协助跨膜运输，B错误；人体细胞核内的大分子物质不一定都能通过核孔，例如核DNA不能通过核孔，C错误；植物细胞中的多糖包括淀粉和纤维素，纤维素的合成与高尔基体有关，淀粉的合成与叶绿体有关，D错误。

2．为了研究缺失叶黄素的植株（甲）和正常的植株（乙）光合作用速率的差异，某实验小组设计实验并测得相关数据如下表（温度和C02浓度等条件均适宜）。下列有关说法正确的是

A．植株甲因缺少叶黄素而使得叶片呈现黄色，且呼吸速率降低

B．光照强度为3klx时，植株甲光合作用所需C02只来源于呼吸作用

C．光照强度为lklx时，植株乙的光合速率大于其呼吸速率

D．光照强度为3klx时，甲、乙两植株固定C02速率的差为4mg/（100cm2·h）

【答案】D

【解析】据表格数据分析，甲的呼吸速率比乙低，但叶黄素是黄色，缺少叶黄素会使叶片呈现其他色素的颜色，一般为绿色，A错误；据表格数据，光照强度为3klx时植株甲光合速率达到最大值，光合作用所需CO2来自呼吸作用和外界环境吸收，B错误；据表格数据，植株乙的光合速率＝呼吸速率时的光照强度为3Klx，所以在光照强度为lklx时，植株乙的呼吸速率大于其光合速率，C错误；光照强度为3klx时，植株甲光合速率达到最大值，固定CO2量＝呼吸作用释放CO2量+光合作用净吸收CO2量＝6+12＝18 mg/（100cm2·h）；光照强度为3klx

时植株乙光合速率＝呼吸速率＝14 mg/（100cm2·h），即此光照强度下甲、乙两植株固定C02速率的差为4mg/（100cm2·h），D正确。

3．已知含一条X染色体的果蝇（XY，XO）为雄性，含两条X染色体的果蝇（XX，XXY）为雌性，含三条X染色体或无X染色体的果蝇胚胎致死。将白眼雌果蝇（X b X b）与红眼雄果蝇（X B Y）杂交，后代中偶尔发现一只白眼雌果蝇和一只红眼雄果蝇，出现这种现象的原因是母本产生配子时两条杂色体未分离。以下分析正确的是A．母本两条X染色体未分离不可能发生在初级卵母细胞中

B．这只白眼雌果蝇的基因型是X b X b Y

C．这只红眼雄果蝇的精原细胞内肯定有Y染色体

D．母本产生配子时肯定发生两条同源X染色体不分离

【答案】B

【解析】已知体细胞中含一条X染色体的是雄性（如6+X，6+XY，6+XYY，其不育），含两条X染色体的是雌性（如6+XX，6+XXY，都是可育）。将白眼雌果蝇（X b X b）与红眼雄果蝇（X B Y）杂交，后代中偶尔发现一只白眼雌果蝇和一只红眼雄果蝇，则该白眼雌果蝇的基因型应该为X b X b Y，红眼雄果蝇基因型为X B或X B Y，说明亲本白眼雌果蝇在减数分裂产生卵细胞时，减数第一次分裂或减数第二次分裂后期细胞中的两条X染色体未正常分离，结果生成了极少量含有二条X染色体和没有X染色体的卵细胞。根据以上分析可知，母本两条X 染色体未分离可能发生在初级卵母细胞或次级卵母细胞中，A错误；后代白眼雌果蝇的基因型应该为X b X b Y，B正确；后代红眼雄果蝇基因型为X B或X B Y，不一定含有Y染色体，C错误；母本产生配子时，可能发生了两条同源X没有分离，D错误。

4．西瓜是雌雄同株异花植物，果皮深绿条纹对果皮浅绿色为显性。将果皮浅绿色的四倍体西瓜（aaaa)和果皮深绿条纹的二倍体西瓜（AA)间行种植。待开花后自然传粉，并收获四倍体植株上所结的种子甲。第二年，将种子甲与二倍体西瓜间行种植，自然传粉后，种子甲长成的植株所结的果实（注：果皮由母本的子房壁发育而来）A．全部为无子西瓜B．全部为有子西瓜

C．果皮浅绿色的为有子西瓜D．果皮深绿条纹的为有子西瓜

【答案】C

【解析】根据题意分析，将果皮浅绿色的四倍体西瓜（aaaa)和果皮深绿条纹的二倍体西瓜（AA)间行种植，四倍体植株有可能接受四倍体的花粉，种子的基因型为aaaa；也有可能接受二倍体的花粉，种子的基因型为Aaa。如果种子是aaaa，受以二倍体AA的花粉后其长成西瓜的果皮的基因型为aaaa，即浅绿色，种子的基因型为Aaa，为有子西瓜；如果种子是Aaa，受以二倍体AA的花粉后，其长成西瓜的果皮的基因型是Aaa，即深绿带条纹，而三倍体Aaa形成配子时联会紊乱不能形成卵细胞，因此形成无籽西瓜。根据以上分析可知，后代果皮浅绿色的为有子西瓜，果皮深绿条纹的为无子西瓜，故选C。

5．科学家在用向日葵研究植物的向光性时发现，向日葵因单侧光照射而弯曲生长时，向光侧和背光侧的生长素含量基本相同，下列有关解释不合理的是

A．单侧光照射未引起向日葵植物体内生长素的横向运输

B．向日葵的向光弯曲生长可能是单侧光引起某种抑制物分布不均造成的

C．生长素对向日葵生命活动的调节是其生命活动调节的方式之一

D．结合顶端优势可知高浓度的生长素不会抑制向日葵的生长

6．下列有关群落和生态系统的叙述正确的是

A．在生态系统中，物种丰富度越大，恢复力稳定性越强

B．群落中的生物在垂直结构上分层分布，有利于提高资源的利用率

C．森林的营养结构最为复杂，因此它是各种群落演替的终点

D．群落演替的实质是优势种群的取代，最终使生物多样性降低

【答案】B

【解析】在生态系统中，物种丰富度越大，营养结构越复杂，生态系统的恢复力稳定性越弱，抵抗力稳定性强，A 错误；群落中生物的垂直分布和水平分布，都有利于提高生物群落整体对自然资源的充分利用，如垂直结构的形成有利于自然资源如光等充分利用，B正确；在气候条件适宜的情况下，群落最终演替出森林，如果在干旱的荒漠地区，群落的演替很难形成树林，C错误；群落演替的实质是群落中物种丰富度的增加及优势种的变化，最终使生物多样性增加，D错误。

7．下列分析不正确的是

A．“木与木相摩则然(燃)”的“然”是化学能转变为热能

B．“司烜氏，掌以夫遂(青铜凹镜) 取明火于日”的“夫遂”是单质

C．“著作酒醴(甜酒)，尔惟曲蘖(酒曲)”的“曲蘖”是催化剂

D．“浮梁巧烧瓷，颜色比琼玖”的“瓷”是硅酸盐产品

【答案】B

【解析】A、“木与木相摩则然(燃)”，燃烧是化学能转变为热能，选项A正确；B、“夫遂”是古人用于日下取火的凹形铜镜，属于合金，为混合物，不是单质，选项B不正确；C、“曲蘖”是催化酶，为催化剂，选项C正确；D、“瓷”是硅酸盐产品，属于无机非金属材料，选项D正确。答案选B。

8．a、b、c的结构如图所示：。下列说法正确的是

A．a中所有碳原子处于同一平面

B．b的二氯代物有三种

C．a、b、c三种物质均可与溴的四氯化碳溶液反应

D．a、b、c互为同分异构体[

【答案】D

【解析】甲烷的结构为正四面体，a中含有-CH2- 结构，所以a中所有碳原子不能处于同一平面，A错误；有机物b 存在-CH2- 、两种结构的碳，所以2个氯原子都连在一个-CH2-，结构有1种，2个氯原子分别连在2个不同的-CH2-上，结构有1种，共计有2种，B错误；b物质中没有不饱和键，不能与溴水发生加成反应，C错误；a、b、c三种物质分子式均为C5H6，但是结构不同，因此a、b、c互为同分异构体，D正确；正确选项D。点睛：分子中原子共线、共面的问题，依据是乙烯的平面结构、乙炔的直线结构、甲烷的正面体结构进行分析，甲基中最多有1个碳原子1个氢原子可以共平面。

9．下列实验中,实验操作能达到实验目的的是

选项实验操作实验目的

将炽热的木炭与浓硝酸混合所得气体通入澄清石灰

检验碳的氧化产物为CO2

A

水中

B 将饱和NH4HCO3溶液与饱和食盐水混合探究NH4HCO3和NaHCO3溶解度相对大小

C 向某溶液中滴加BaCl2溶液和稀硝酸检验溶液中是否含SO42-

D 向某FeCl3溶液中通入足量Cl2，充分反应可除去FeCl2溶液中少量的FeCl3

【答案】B

【解析】A．炽热的木炭与浓硝酸反应生成二氧化碳、二氧化氮，二氧化氮与水反应生成硝酸，酸性条件下二氧化碳不能与石灰水反应生成沉淀，不能检验，故A错误；B．将饱和NH4HCO3溶液与饱和食盐水混合，可析出

碳酸氢钠，可探探究NH4HCO3和NaHCO3溶解度相对大小，故B正确；C．白色沉淀为AgCl或硫酸钡，则原溶液中可能含银离子或硫酸根离子，且二者不能同时存在，故C错误；D．FeCl2溶液通入足量Cl2，生成氯化铁，将原物质除去，应选Fe粉除去FeCl2溶液中少量的FeCl3，故D错误；故选：B。

点睛：本题考查化学实验方案的评价，解题关键：把握物质的性质、反应与现象、离子检验、混合物分离提纯，侧重分析与实验能力的考查，注意元素化合物知识与实验的结合，易错点A，酸性条件下不能生成CaCO3沉淀。10．X、Y、Z、W、Q为短周期中的五种元素,其中Q在同周期中的原子半径最小。下列说祛正确的是

A．简单氢化物的热稳定性:Y>W

B．简单离子半径:Y>Z>W>Q

C．X、Q与氢元素所形成化合物的溶液能使石蕊试纸变蓝

D．常温下,X的最高价氧化物对应水化物的浓溶液与Z的单质反应生成有色气体

【答案】A

【解析】X、Y、Z、W、Q为短周期中的五种元素,其中Q在同周期中的原子半径最小，Q为氯元素，由表得：X-N、Y-O、Z-Al、W-S，A．简单氢化物的热稳定性:H2O>H2S，故A正确；B．简单离子半径:W、Q的简单离子比Y、Z的多一个电子层，W>Q>Y>Z，故B错误；C．X、Q与氢元素所形成化合物NCl3的溶液中含HClO，能使石蕊试纸褪色，故C错误；D．常温下,X的最高价氧化物对应水化物的浓溶液即浓硝酸与Z的单质反应产生钝化现象，故D错误；故选A。

11．某新型中温全瓷铁一空气二次电池，其结构如图所示。下列有关该电池的说法正确的是

A．放电时O2-从a移向b B．放电时负极的电极反应为O2+4e-=2O2-

C．充电时1molFe 氧化为FeO x，转移2xmole-D．充电时a 与电源的负极相连。

【答案】A

【解析】放电时a极空气中氧气得电子发生还原反应为正极，则b为负极；放电时a极连接电源正极为阳极，b极连接电源负极为阴极。A．放电时原电池中阴离子O2-从正极a极移向负极b极，选项A正确；B．放电时负极

氢气失电子产生氢离子，电极反应为H2-2e-=2H+，选项B错误；C．充电时1molFeO x还原为Fe，转移2xmole-，选项C错误；D．充电时a 与电源的正极相连，选项D错误。答案选A。

点睛：本题考查化学电源新型电池，注意把握原电池的工作原理和电极反应的判断，难点是电极反应式的书写，解答时注意结合电解质溶液的酸碱性、是否存在交换膜等。

12．为探究硫酸亚铁的分解产物，将硫酸亚铁装入下图所示的装置a中，打开K1和K2,缓缓通入N2 ,加热。实验后反应管中残留固体为红色粉末。下列说法中正确的是（）

A．分解的气体产物中有SO3、SO2 ,应该先检验SO3

B．装置b中的试剂为Ba(NO3)2溶液，反应后有白色沉淀生成

C．装置c中的试剂为酸性KMnO4溶液,作用是除去混合气体中的SO2

D．装置d之后需要增加尾气处理装置

【答案】A

【解析】硫酸亚铁高温下分解生成氧化铁、二氧化硫和三氧化硫；先把混合气体通过氯化钡溶液中，二氧化硫与氯化钡溶液不反应，三氧化硫气体与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀，因此分解的气体产物中应该先检验SO3，A正确；如果把二氧化硫气体，通入硝酸钡溶液中，因为二氧化硫溶于水溶液显酸性，酸性条件下，硝酸根离子将二氧化硫氧化为硫酸根离子，再与钡离子生成硫酸钡沉淀；所以用硝酸钡溶液的问题是：无法判断使硝酸钡溶液出现白色沉淀的是二氧化硫还是三氧化硫，B错误；装置c中的试剂为酸性KMnO4溶液,作用是检验混合气体中的SO2，如果溶液褪色，证明存在SO2；C错误；装置d内装有氢氧化钠溶液，吸收多余的二氧化硫气体，因此装置d之后无需要增加尾气处理装置，D错误；正确选项A。

点睛：三氧化硫与氯化钡溶液反应生成硫酸钡沉淀，而二氧化硫与氯化钡溶液不反应；三氧化硫与硝酸钡溶液反应生成硫酸钡沉淀，而二氧化硫与硝酸钡溶液反应生成硫酸钡沉淀；因此二氧化硫与可溶性钡盐不一定不发生反应。

13．类比pH的定义,对于稀溶液可以定义pC=-1gc。常温下，某浓度的H2A溶液在不同pH 下,测得pC(H2A)、pC(HA-)、pC(A2-)的变化如图所示。下列说法正确（）

A．曲线Ⅱ表示pC(HA- )随pH的变化

B．当pH=1.40时，c(H2A)>c(A2-)>c(HA-)

C．常温下，=104.50

D．a、b、c 三点对应的溶液中,c(H2A)+c(HA-)+c(A2-)的值相等

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21

题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

14．铜焰色反应发绿色光，绿光对应的辐射波长为500~570nm。用该光照射下表金属表面，已知普朗克常数h=6.63×10-34J·s。一定能发生光电效应的是( )

金属钨钙钾铷

W0(×10-19J) 7.26 5.12 3.60 3.41

A．钨

C．钾D．铷

【答案】 C

【解析】当入射光的能量大于表金属时，便能发生光电效应，而入射光的波长与频率的关系为：，根据，绿光辐射的对应的能量，一定能发生光电效应的是钾，故C正确，

ABD错误；

故选C。

15．一架无人机质量为2kg，运动过程中空气阻力大小恒定。该无人机从地面由静止开始竖直向上运动，一段时间后关闭动力，其v-t图象如图所示，g取10m／s2。下列判断正确的是

A．无人机上升的最大高度为72m

B．6～8s内无人机下降

C．无人机的升力大小为28N

D．无人机所受阻力大小为4N

【答案】 D

【解析】无人机上升的最大高度为，选项A错误6～8s内无人机减速上升，选项B错误；

无人机上升的加速度，则F-mg-f=ma1；减速上升的加速度：

，则f+mg=ma2；联立解得升力大小为F=32N;无人机所受阻力大小为f=4N，选项C错误，D正确；故选D．

点睛：此题关键是搞清v-t图像的物理意义，即斜率等于加速度，面积等于位移；通过v-t图像求解飞机的加速度，然后根据牛顿第二定律列方程求解.

16．跳台滑雪是冬奥会的比赛项目之一，可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从斜坡顶端O处，以初速度v o水平滑出，在运动过程中恰好通过P点，OP与水平方向夹角为37°，则滑雪运动员到达P点时的动能与滑出时的动能比值为（）（不计空气阻力，sin37°=0.6cos 37°=0.8）

A．5

3

B．

4

3

C．

13

4

D．

4

13

【答案】 C

【解析】滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动。设水平位移x，竖直位移为y，OP=L，结合几何关系，有水

平方向上： 037x Lcos v t =?=，竖直方向上21372y Lsin gt =?=

，联立可得： 0237v tan t g ?=，运动员达到P 点的速度()()2222200001312374

y v v v v gt v tan v =+=+=+?=，故滑雪运动员到达P 点时的动能与滑出时的动能比值为22011:13:422

mv mv =，故选C ． 【点睛】运动员做平抛运动，到达P 点时竖直位移与水平位移之比等于tan37°，结合分位移求出时间，再由速度的

合成求出到达P 点的速度，即可求解动能的关系．

17．一半径为R 的半球面均匀带有正电荷Q,电荷Q 在球心O 处产生物的场强大小,方向如图所示.把半球面

分为表面积相等的上、下两部分,如图甲所示,上、下两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小分别为

;把半球面分为表面积相等的左、右两部分,如图乙所示,左、右两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小分别为.则( )

A ．

B ．

C ．

D ． 【答案】 A

【解析】根据点电荷电场强度公式，且电荷只分布球的表面，对于图甲，虽表面积相同，但由于间距的不

同，则上、下两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小关系为，因电荷Q 在球心O 处产生物的场强

大小，则，而

，故A 正确，B 错误；对图乙，半球面分为表面积相等的左、右两部分，是由于左右两个半个球壳在同一点产生的场强大小相等，则根据电场的叠加可知：左侧部分在O 点产生的场强与右侧电荷在O 点产生的场强大小相等，即

．由于方向不共线，

由合成法则可知，，故CD 错误，故选A ． 【点睛】根据电场的叠加原理，分析半球壳在O 点的场强方向，再比较场强的大小关系．根据

，结合左右

两侧球壳上点电荷到O 点距离的关系，进行分析． 18．如图所示，电路中电源的电动势为E 、内电阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，A 、V

为理想电流表和电压表。在滑动变阻器触头P 自a 端向b 端滑动的过程中（ ）

A．电压表示数变小

B．电流表示数变小

C．电容器C所带电荷量增多

D．电源的效率降低

19．轨道平面与赤道平面夹角为90°的人造地球卫星被称为极地轨道卫星，它运行时能到达南北极区的上空，需要在全球范围内进行观测和应用的气象卫星、导航卫星等都采用这种轨道。如图，若某颗极地轨道卫星从北纬45°的正上方按图示方向首次运行到南纬45°的正上方用时45分钟，则

A．该卫星运行速度一定小于7.9km/s

B．该卫星绕地球运行的周期与同步卫星的周期之比为1：4

C．该卫星轨道半径与同步卫星轨道半径之比为1：4

D．该卫星加速度与同步卫星加速度之比为2：1

【答案】AC

【解析】由于卫星的轨道半径大于地球半径，卫星的线速度小于第一宇宙速度，即卫星的线速度小于7.9km/h，故A正确；由题意可知，卫星的周期：，而同步卫星的周期是24h，故它与同步卫星的周期之比为1：8，故B错误；万有引力提供向心力，则有：，解得，该卫

星轨道半径与同步卫星轨道半径之比：，故C正确；万有引力提供向心力，则有：，解得，该卫星加速度与同步卫星加速度之比为，故D错误；故选AC．

20．如图所示，水平桌面有一光滑小孔P，轻绳穿过小孔，一端连接质量为1kg的小物块c，另一端连接质量为0.1kg 的物块b，b、c均静止，绳子竖直部分长1.6m。质量为0.1kg的弹丸a以水平速度击中b且留在b 中，已知c与桌面间的最大静摩擦力为其重力的0.5倍，重力加速度为，下列说法正确的是（）

A．a击中b过程系统产生的热量为2.4J

B．ab摆动过程中偏离竖直方向的最大角度为60°

C．绳子对ab的最大拉力为2N

D．在以后的运动过程中，c始终处于静止状态

【答案】BD

【解析】A．弹丸a击中b且留在b中，根据动量守恒定律，，v=4m/s；系统产生的热量为：

，故A错误；B．设ab摆动过程中偏离竖直方向的最大角度为θ，根据机械能守恒定律，，解得θ=60°，故B正确；

C．弹丸a刚击中b且留在b中时，绳子拉力最大，，T=4N，故C错误；D．c 与桌面间的最大静摩擦力为其重力的0.5倍，等于5N，大于绳子的最大拉力，c始终处于静止状态，故D正确；

故选：BD

21．如图所示，竖直面内有一个闭合导线框ACDE(由柔软细导线制成)挂在两固定点A、D上，水平线段AD为半圆的直径，在导线框的E处有一个动滑轮，动滑轮下面挂一重物，使导线处于绷紧状态．在半圆形区域内，有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场．设导线框的电阻为r，圆的半径为R，在将导线上的C点以恒定角速度ω(相对圆心O)从A点沿圆弧移动的过程中，若不考虑导线中电流间的相互作用，则下列说法正确的（）

A ．在C 从A 点沿圆弧移动到D 点的过程中，导线框中感应电流的方向先逆时针，后顺时针

B ．当

C 沿圆弧移动到圆心O 的正上方时，导线框中的感应电动势最大

C ．在C 从A 点沿圆弧移动到图中∠ADC ＝30°位置的过程中，通过导线上C 点的电量为2

2BR r

D ．在C 从A 点沿圆弧移动到D 点的过程中，导线框中产生的电热为

242B R r πω 【答案】 AD

【解析】A 项：设转过角度为θ=ωt ，根据几何知识知，线框上部分的三角形的面积： 21·2?sin sin 2S R R R θθ==磁

通量为φ=BR 2sinθ=BR 2sinωt ，磁通量先增大后减小，根据楞次定律知电流的方向先逆时针，后顺时针，故A 正确；B 项：根据E t

φ?=?知e=ωBR 2cosωt ，C 沿圆弧移动到圆心O 的正上方时，导线框中的感应电动势最小为零，故B 错误；C 项：根据n q R

φ?=知202sin60032BR BR q r r -==，故C 错误；D 项：根据B 项知电动势有效值为22222

BR E BR ωω==，故电热2242E B R Q t R r πω==，故D 正确。 点晴：本题关键明确交流四值中最大值、平均值、瞬时值和有效值的区别，会根据几何知识写出交流的表达式，注

意知识的迁移应用。

全国卷理综选择题专项训练（2）

1．下列关于物质跨膜运输载体的叙述，正确的是

A．被动运输不存在载体饱和现象

B．水和氨基酸分子共用相同的载体进入细胞

C．细胞膜上的载体多数为蛋白质，少数为RNA

D．温度可通过影响载体结构进而影响主动运输速率

【答案】D

【解析】被动运输包括自由扩散和协助扩散，协助扩散需要载体协助，存在载体饱和现象，A错误；水以自由扩散的方式进入细胞，也可以借助通道蛋白以协助扩散的方式进入细胞，氨基酸分子以主动运输的方式进入细胞，载体有特异性，因此协助水和氨基酸分子进入细胞的载体不同，B错误；细胞膜上的载体为蛋白质，C 错误；主动运输需要载体协助，温度能够影响组成膜的蛋白质分子和磷脂分子的结构与运动，而载体属于膜上的一种蛋白质分子，因此温度可通过影响载体结构进而影响主动运输速率，D正确。

2．细胞分裂间期依次划分为G1、S和G2期，研究者将处于不同时期的细胞进行融合，实验结果如下图所示。其中灰色的部分是细胞核，黑点代表中心体。下列推断不合理的是

A．引发中心体复制的物质持续存在到G2期

B．中心体和DNA复制可能同时进行

C．S期细胞中存在使G1期细胞核进入S期的物质

D．中心体的复制始于G1期，在G2期复制完毕

【答案】D

【解析】据图可知，G1期的细胞含有1个中心体，S期和G2期的细胞含有两个中心体，G1期的细胞和G2期的细胞融合，G1期细胞可以完成中心体的复制，推测引发中心体复制的物质持续存在到G2期，A项正确；G1期和S期的细胞融合，G1期细胞可以发育到S期，同时完成中心体的复制，B项正确；根据B项推测S期细胞中存在使G1期细胞核进入S期的物质，C项正确；中心体在S期即复制完毕，D项错误。

3．下列有关三倍体无子西瓜的叙述正确的是

A．三倍体无子两瓜是用生长素处理单倍体西瓜幼苗获得的

B．三倍体无子西瓜因其不存在同源染色体而无法产生种子

C．秋水仙素可以促进三倍体无子西瓜果实的发育

D．利用植物组织培养技术可获得大量三倍体无子西瓜幼苗

4．下列有关内环境稳态调节的叙述，正确的是

A．免疫活性物质都是由免疫细胞产生的，并且只在特异性免疫中发挥作用

B．有些人在发生高原反应时会感到头晕，这是内环境稳态失调的一种表现

C．肾上腺素可以促进肝糖原水解为葡萄糖，可见肾上腺素直接参与了糖类代谢

D．神经冲动在传递时，突触后神经元兴奋的产生依赖于电信号向化学信号的转变

【答案】B

【解析】免疫活性物质是指是由免疫细胞或其它细胞产生的发挥免疫作用的物质，包括淋巴因子、抗体和溶菌酶，其中溶菌酶在非特异性免疫中发挥作用，A错误；从平原到高原，有的人出现高原现象感到头晕，这属于内环境稳态失调，B正确；肾上腺素可以促进肝糖原水解为葡萄糖，可见肾上腺素可以调节糖类代谢，但是并没有直接参与代谢，C错误；神经冲动在传递时，突触后神经元兴奋的产生依赖于化学信号向电信号的转变，D错误。

5．为研究动物反射弧的结构和功能，研究人员利用脊蛙（剪除脑、保留脊髓的蛙）进行了如下实验。

实验一：用1%硫酸溶液刺激左侧后肢趾部皮肤，左侧后肢出现屈腿反射；

实验二：去除左侧后肢趾部皮肤，重复实验一，实验左侧后肢不出现屈腿反射；

实验三：破坏脊蛙的脊髓，重复实验，左侧后肢不出现屈腿反射。

关于本实验的叙述错误的是

A．实验一中反射活动的完成需要完整的反射弧

B．实验二不出现屈腿反射的原因是感受器被破坏

C．若实验前不剪除脑将观察不到蛙的屈腿反射

D．该实验表明脊髓可以不依赖于大脑，完成某些反射

【答案】C

【解析】反射弧完整是出现反射活动的必要条件，A正确；皮肤中有感受外界刺激的感受器，实验二去除皮肤后，不出现屈腿反射的原因是感受器被破坏，B正确；屈腿反射中枢在脊髓，所以即使实验前不剪除脑也能观察到蛙的屈腿反射，C错误；根据实验一与实验三的对照可知，屈腿反射中枢在脊髓，不需要大脑的参与，D 正确。

6．土壤中的微生物、作物根系和土壤动物的呼吸都会释放出大量的二氧化碳，统称为土壤呼吸，土壤呼吸是陆地生态系统碳循环的重要环节。下图是某森林下的苔藓和凋落物覆盖条件下土壤呼吸的日变化动态。下列分析不正确的是

（注：Rs-裸为裸土土壤呼吸速率；Rs-苔为苔藓覆盖土壤呼吸速率；Rs-凋为凋落物覆盖土壤呼吸速率）A．凋落物中的能量可供给分解者和其他各营养级生物利用

B．该生态系统中对碳循环起关键作用的环节是生产者和分解者

C．土壤表层的凋落物覆盖会影响土壤中有机物的分解速率

D．土壤表层的覆盖物提高土壤呼吸速率的原因可能与提高温度有关

【答案】A

【解析】分解者分解凋落物释放的能量，大部分以热能形式散失，少量转移到ATP中供分解者自身生命活动所需，不能被其他营养级生物利用，A错误；在生态系统中，对碳循环起决定作用的关键环节是绿色植物的光合作用和微生物的分解作用，B正确；据坐标图中曲线数据变化分析，Rs-凋＞Rs-苔＞Rs-裸，说明土壤表层的凋落物覆盖可提高土壤中有机物的分解速率，C正确；温度影响细胞呼吸中酶的活性，推测土壤表层的覆盖物提高土壤呼吸速率的原因可能与提高温度有关，D正确。

7．化学与人类生活、生产密切相关，下列说法正确的是

A．在月饼包装袋中放入生石灰可防止食品氧化变质

B．航天飞船使用的碳纤维是一种新型有机合成材料

C．加入Na2S可除去工业废水中Cu2+和Hg2+等离子

D．天然纤维和合成纤维的主要成分都属于纤维素

【答案】C

【解析】生石灰能吸水，具有防潮作用，故A错误；碳纤维是一种新型复合材料，故B 错误；Na2S与工业废水中Cu2+和Hg2+等离子生成难溶物CuS和HgS，故C正确；天然纤维中的羊毛、蚕丝成分是蛋白质，故D错误。

8．N A为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是

A．常温下pH=2的CH3COOH溶液中，H+的数目为0.01N A

B．常温常压下，18 gD2O含有的质子数为10N A

C．标准状况下，11.2 L乙烯和环丙烷(C3H6)的混合气体中，共用电子对数目为3N A

D．0.1 molCu溶于足量稀硝酸中，转移的电子数为0.2 N A

9．己知：C3H7COOCH3(m)、C2H5COOC2H5(e)、C4H9COOH(p)的分子式均为C5H10O2，下列说法错误的是（）A．e 的一氯代物有四种

B．e 中存在少量的p 时可以加入饱和Na2CO3溶液后分液除去

C．m、e、p 均可与NaOH 溶液反应

D．m、p 的可能结构一样多

【答案】D

【解析】C2H5COOC2H5结构中两个- C2H5不对称，所以有4中不同环境的H原子，所以一氯代物有4种，A的说法正确；不溶于水的C4H9COOH与Na2CO3反应，生成易溶于水的C4H9COONa，而C2H5COOC2H5是属于酯类，不溶于水，C2H5COOC2H5中含有少量的C4H9COOH可以通过加入饱和Na2CO3溶液使C4H9COOH转化为易溶于水C4H9COONa，然后分液法除去，B说法正确；C3H7COOCH3(m)、C2H5COOC2H5(e)是酯类，能够在NaOH 溶液完全水解生成盐和醇，C4H9COOH(p) 与NaOH 溶液反应生成盐和水，所以m、e、p 均可与

NaOH 溶液反应，C说法正确；-C3H7的同分异构体有2种，- C4H9的同分异构体有4种，C3H7COOCH3(m)和C4H9COOH(p)同类别的同分异构体数目不相同，D说法错误，正确选项D。

10．实验室中某此气体的制取、收集及尾气处理装骨如图所示（省略夹持和净化装置)。仅用此装置和表中提供的物质完成相关实验，最合理的选项是

选项a中的物质b中的物质c中收集的气体d中的物质

A 浓氨水CaO NH3H2O

B 浓硫酸Na2SO3SO2NaOH溶液

C 稀硝酸Cu NO2H2O

D 浓硫酸木炭CO2NaOH溶液

【答案】B

【解析】A．氨气密度比空气密度小，应该采取向下排空气法收集，装置C中的导管应该为短进长出，故A错误；

B．浓硫酸可以与亚硫酸钠反应，生成二氧化硫，SO2密度比空气密度大，能使用向上排空气法收集，SO2气体能与氢氧化钠溶液迅速反应，所以吸收装置中要防倒吸，图中收集装置和吸收装置都合理，所以B选项是正确的；C项，稀硝酸与铜反应生成NO,NO不能用排空气法收集，故C错误；D项，浓硫酸与木炭反应需要加热，而且同时生成二氧化硫，在C中收集不到CO2,故D错误。综合以上分析，本题答案为B。

点睛：本题考查气体的制备、收集和尾气处理等实验知识，要求熟悉各种常见气体的制备、收集和尾气处理方法，平时要多积累勤总结。

11．同一短周期元素甲、乙、丙、丁原子序数依次增大。常温下，含甲的化合物r浓度为0.1mol·L-1时溶液pH=13。

同周期元素简单离子中，乙离子的半径最小。p和q分别是元素丙和丁的单质，其中p为浅黄色固体。上述物质的转化关系如图所示(产物水已略去)。下列说法不正确的是

A．原子半径的大小关系：甲>乙>丙>丁

B．反应②的离子方程式为：C12+H2O H++C1-+HC1O

C．m、n的阴离子在酸性条件下不能大量共存

D．甲、乙、丁的最高价氧化物对应水化物两两之间均可以发生反应

【答案】B

【解析】p是元素丙的单质，p为浅黄色固体，丙为S元素，p为单质硫；甲、乙、丙、丁是同一短周期元素且原子序数依次增大，丁为Cl元素，q为Cl2，甲、乙都是第三周期元素；含甲的化合物r浓度为0.1mol/L时溶液pH=13，r为一元强碱，甲为Na元素，r为NaOH；同周期元素简单离子中，乙离子半径最小，乙为Al 元素。A项，同周期从左到右原子半径逐渐减小，原子半径：甲乙丙丁，A项正确；B项，反应②为Cl2与NaOH的反应，反应的离子方程式为Cl2+2OH-=Cl-+ClO-+H2O，B项错误；C项，反应①为S与NaOH 的反应，反应的离子方程式为3S+6OH-2S2-+SO 32-+3H2O，S2-、SO32-酸性条件下发生归中反应不能大量共存，反应的离子方程式为2S2-+SO32-+6H+=3S↓+3H2O，C项正确；D项，甲、乙、丁的最高价氧化物对应水化物依次为NaOH、Al（OH）3、HClO4，相互间发生的反应有：NaOH+Al（OH）3=NaAlO2+2H2O、NaOH+HClO4=NaClO4+H2O、Al（OH）3+3HClO4=Al（ClO4）3+3H2O，D项正确；答案选B。

12．某科研小组公司开发了Li-SO2Cl2军用电池，其示意图如下图所示，已知电池总反应为：2Li+ SO2Cl2= 2LiCl+SO2↑。下列叙述中错误的是

A．电池工作时负极材料是Li，发生氧化反应

B．电池工作时电子流向：锂电极→导线→负载→碳棒

C．电池工作时，外电路流过0.2 mol电子，标准状况下生成4.48 L气体

D．电池工作过程中，石墨电极反应式为SO2Cl2+2e-=2Cl-+SO2↑

【答案】C

【解析】根据电池的总反应：2Li+ SO2Cl2= 2LiCl+SO2↑。得到单质锂在反应中失电子化合价升高，所以单质锂是该电池的负极，发生失电子的氧化反应，选项A正确。锂电极为负极，所以电子从锂电极流出，经导线、负载，到达石墨电极，选项B正确。总反应的电子转移数为2e-，所以转移电子是生成的SO2气体的2倍，外电路流过0.2 mol电子，标准状况下生成2.24 L（0.1mol）气体，选项C错误。石墨电极是反应的正极，正极上是SO2Cl2得电子，转化为SO2和Cl-，方程式为：SO2Cl2+2e-=2Cl-+SO2↑，选项D正确。

13．T℃时，浓度均为1mol/L的两种弱酸HA、HB中不断加水稀释，并用pH传感器测定溶液pH。所得溶液pH

的两倍(2pH)与溶液浓度的对数(lgc)的关系如图所示。下列叙述错误的是

已知：①HA的电离平衡常数：

②pK a=-lgK a

A．酸性：HA>HB

B．a点对应的溶液中：c(HA)=0.1mol/L，c(H+)=0.01mol/L

C．T℃时，弱酸HB的pK a≈5

D．弱酸的K a随溶液浓度的降低而增大

【答案】D

【解析】从图中得到，浓度相等的时候，HB溶液的pH更高，所以说明HB的酸性更弱，选项A正确。a点溶液的纵坐标为4，即溶液的pH为2（注意纵坐标为pH的2倍），所以c(H+)=0.01mol/L。a点溶液的横坐标为-1，即lgc(HA)=-1，所以c(HA)=0.1mol/L，选项B正确。从图中得到，1mol/L的HB溶液的pH=2.5，即

c(H+)=10-2.5mol/L，所以,所以pK a≈5，选项C正确。Ka是电离平衡常数，其数值只与温度相关，温度不变，Ka的值不变，选项D错误。

14．在匀强磁场中有一个静止的镭核()发生了α衰变，产生新核氧()。放射出的α粒子在与磁场垂直的平面内做匀速圆周运动。下列说法正确的是

A．衰变过程电荷量和质量均守恒

B．衰变后氧核的动量大小与α粒子的动量大小相等

C．氡核做匀速圆周运动的轨道与α粒子做匀速图周运动的轨道内切

D．氡核做匀速圆周运动的轨道半径与α粒子做匀速圆周运动的轨道半径相等

【答案】 B

【解析】衰变过程电荷数和质量数均守恒，选项A错误；衰变过程中，原子核反冲，满足动量守恒，因初动量等于零，则衰变后氧核的动量大小与α粒子的动量大小相等，方向相反，选项B正确；氡核和α粒子均带正电且速度反向，由左手定则可知，氡核做匀速圆周运动的轨道与α粒子做匀速图周运动的轨道外切，选项C错

误；根据可知，氡核做匀速圆周运动的轨道半径与α粒子做匀速圆周运动的轨道半径不相等，选项D错误；故选B．

点睛：关键是知道衰变过程电荷数和质量数均守恒，且遵守动量守恒和能量守恒，由两大守恒定律，结合带电粒子在磁场中的运动规律研究．

15．如图所示，小球从静止开始沿光滑曲面轨道AB滑下，从B端水平飞出，撞击到一个与地面呈37

θ=?的斜面上，撞击点为C．已知斜面上端与曲面末端B相连．若AB的高度差为h，BC间的高度差为H，则h与H 的比值等于（不计空气阻力，sin370.6

?=，cos370.8

?=）

A．

3

4

B．

4

3

C．

4

9

D．

9

4

【答案】 C

【解析】小球下滑过程中机械能守恒，则有：2

1

2B

mgh mv

=，解得：v B＝2gh，到达B点后小球做平抛运动在竖直方向有：2

1

2

H gt

=，解得：

2H

t

g

=，水平方向x=v B t，根据几何关系有：

3

tan37

4

2

2

B

H H

x v t H

gh

g

====，解得：

4

9

h

H

=，故C正确，ABD错误。

16．机场有一专门运送行李的传送带，工作时传送带始终以恒定的速度v沿水平方向向右做直线运动。某时刻工作人员将质量为M的行李箱无初速度放在传送带上，同时行李箱上放一个质量为m的纸盒，加速一段时间后纸盒和行李箱一起随传送带匀速运动，如图所示。行李箱与传送带、纸盒与行李箱之间的动摩擦因素分别为μ1、μ2，在整个运动过程中，纸盒与行李箱始终保持相对静止。下列说法正确的是( )

A．在加速运动过程中，行李箱对纸盒的摩擦力方向水平向左

B．在加速运动过程中，传送带对行李箱的摩擦力大小为μ1（M+m)g

C．在匀速运动过程中，行李箱对纸盒的摩擦力大小为μ2mg