2012年全国大纲卷(理数,解析版)

⎧x − y +1 ≥ 0 ⎪ ⎪ 13．若 x, y 满足约束条件 ⎨ x + y − 3 ≤ 0 ，则 z = 3 x − y 的最小值为 ⎪ ⎪ ⎩x + 3y − 3 ≥ 0
。
答案： −1 【命 题意图】本试题考查了线性规划最优解的求解的运用。常规题型，只要正确作图，表 示出区域，然后借助于直线平移法得到最值。 【解析】利用不等式组，作出可行域，可知区域表示的为三角形，当目标函数过点 (3, 0) 时， 目标函数最大 ，当目标函数过点 (0,1) 时最小为 −1 。
-2-
A． −
5 3
B． −
5 9
C．
5 9
D．
5 3
答案 A 【命题意图】 本试题主要考查了三角函数中两角和差的公式以及二倍角公式的运用。 首先利 用平方法得到二倍角的正弦值， 然后然后利用二倍角的余弦公式， 将所求的转化为单角的正 弦值和余弦值的问题。 【解析】 sin α + cos α =
3
C． 2
D．1
-1-
【命题意图】本试题主要考查了正四棱柱的性质的运用，以及点到面的距离的求解。体现了 转换与化归的思想的运用，以及线面平行的距离，转化为点到面的距离即可。 【解析】因为底面的边长为 2，高为 2 2 ，且连接 AC , BD ，得到交点为 O ，连接 EO ，
EO / / AC1 ， 则点 C1 到平面 BDE 的距离等于 C 到平面 BDE 的距离， 过点 C 作 CH ⊥ OE ，
5 2 6
1 x
8
r
8− r
，令 8 − 2r = −2 ⇔ r = 5
答案
6 6 ���� ��� � ���� ���� � ���� ���� ��� �
【命题意图】本试题考查了斜棱柱中异面直线的角的求解。用空间向量进行求解即可。 【解析】设该三棱柱的边长为 1，依题意有 AB1 = AB + AA1 , BC1 = AC + AA1 − AB ，则
]
14．当函数 y = sin x − 3 cos x (0 ≤ x < 2π ) 取得最大值时， x = 学科网 ZXXK]
。[来源:
-4-
答案：
5π [来源:学科网 ZXXK] 6
【命题意图】本试题主要考查了三角函数性质的运用，求解值 域的问题。首先化为单一三 角函数，然后利用定义域求解角的范围，从而结合三角函数图像得到最值点。 【解析】由 y = sin x − 3 cos x = 2sin( x − 由 0 ≤ x < 2π ⇔ −
���� ��� � ���� ��� � 2 ��� � ���� ���� 2 | AB1 |2 = ( AB + AA1 )2 = AB + 2 AB ⋅ AA1 + AA1 = 2 + 2 cos 60° = 3 ���� � ���� ���� ��� � ���� 2 ���� 2 ��� � 2 ���� ���� ���� ��� � ���� ��� � | BC1 |2 = ( AC + AA1 − AB) 2 = AC + AA1 + AB + 2 AC ⋅ AA1 − 2 AC ⋅ AB − 2 AA1 ⋅ AB = 2
1 1 1 1 1 1 100 S100 = (1 − ) + ( − ) + ⋯ + ( − ) = 1− = 2 2 3 100 101 101 101 ��� � � ��� � � � � � � ���� 6． ∆ABC 中， AB 边上的高为 CD ，若 CB = a, CA = b, a ⋅ b = 0,| a |= 1,| b |= 2 ，则 AD =
则 CH 即为所求，在三角形 OCE 中，利用等面积法，可得 CH = 1 ，故选答案 D。 5．已知等差数列 {an } 的前 n 项和为 S n , a5 = 5, S5 = 15 ，则数列 ⎨ A．
⎧
1 ⎫ ⎬ 的前 100 项和为 ⎩ an an +1 ⎭
D．
100 101
B．
99 101
C．
∴ B ⊂ A ，∵ A = 1,3, m , B = {1, m}
{
}
∴ m ∈ A ，故 m = m 或 m = 3 ，解得 m = 0 或 m = 3 或 m = 1 ，又根据集合元素的互异性
m ≠ 1 ，所以 m = 0 或 m = 3 。
3．椭圆的中心在原点，焦距为 4，一条准线为 x = −4 ，则该椭圆的方程为 A．
A．
1� 1� a− b 3 3
B．
2� 2� a− b 3 3
C．
3� 3� a− b 5 5
D．
4� 4� a− b 5 5
答案 D 【命题意图】本试题主要考查了向量的加减法几何意义的运用，结合运用特殊直角三 角形 求解点 D 的位置的运用。 【解析】由 a ⋅ b = 0 可得 ∠ACB = 90° ，故 AB =
2 2
8 ．已知 F1 , F2 为双曲线 C : x − y = 2 的左右焦点，点 P 在 C 上， | PF1 |= 2 | PF2 | ，则
cos ∠F1 PF2 =
A．

1 4
B．
3 5
C．
3 4
D．
4 5
答案 C 【命题意图】本试题主要考查了双曲线的定义的运用和性质的运用，以及余弦定理的运用。 首先运用定义得到两个焦半径的值，然后结合三角形中的余弦定理求解即可。 【解析】解：由题意可知， a =
− 1 2
9．已知 x = ln π , y = log 5 2, z = e A． x < y < z
，则 C． z < y < x D． y < z < x
B． z < x < y
答案 D 【命题意图】本试题主要考查了对数、指数的比较大小的运用，采用中间值大小比较方法。 【解析】 ln π > ln e = 1 ， log 5 2 < log 5
99 100
101 100
答案 A 【命题意图】本试题主要考查等差数列的通项公式和前 n 项和的公式的运用，以及裂项求和 的综合运用， 通过已知中两项， 得到公差与首项， 得到数列的通项公式， 并进一步裂项求和。 【解析】由 S n , a5 = 5, S5 = 15 可得
⎧a1 + 4d = 5 ⎧ ⎪ ⎪a1 = 1 ⇔ ⇒ an = n ⎨ ⎨ 5× 4 d = 1 d = 15 ⎪ ⎪5a1 + ⎩ ⎩ 2 ∴ 1 1 1 1 = = − an an +1 n( n + 1) n n + 1
� �
5 ，用等面积法求得 CD =
2 5 ，所以 5
AD =
���� 4 ��� � 4 ��� � ��� � 4� 4� 4 5 ，故 AD = AB = (CB − CA) = a − b ，故选答案 D 5 5 5 5 5 3 ，则 cos 2α = 3
7．已知 α 为第二象限角， sin α + cos α =
2 = b,∴ c = 2 ，设 | PF1 |= 2 x,| PF2 |= x ，则
| PF1 | − | PF2 |= x = 2a = 2 2 ，故 | PF1 |= 4 2,| PF2 |= 2 2 ， F1F2 = 4 ，利用余弦定理可
得 cos ∠F1 PF2 =
PF12 + PF22 − F1F22 (4 2) 2 + (2 2) 2 − 42 3 = = 。 2 PF1 ⋅ PF2 4 2× 2 2 × 4 2
π ) 3
π π 5π π 可知 −2 ≤ 2sin( x − ) ≤ 2 ≤ x− < 3 3 3 3 π 3π 11π π π 5π 当且仅当 x − = 即x= 时取得最小值， x − = 时即 x = 取得最大值。 3 2 6 3 2 6 1 n 1 15 ．若 ( x + ) 的展开式中第 3 项与第 7 项的二项式系数相等，则该展开式中 2 的系数 x x
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12．正方形 ABCD 的边长为 1，点 E 在边 AB 上，点 F 在边 BC 上， AE = BF =
3 ，动点 7
P 从 E 出发沿直线向 F 运动，每当碰到正方形的边时反弹，反弹时反射角等于入射角。 当点 P 第一次碰到 E 时， P 与正方形的边碰撞的次数为
A．16 B．14 C．12 D．10 答案 B 【命题意图】本试题主要考查了反射原理与三角形相似知识的运用。通过相似三角形，来确 定反射后的点的落的位置，结合图像分析反射的次数即可。 【解析】解：结合已知中的点 E,F 的位置，进行作图，推理可知，在反射的过程中，直线是 平行的，那么利用平行关系，作图，可以得到回到 EA 点时，需要碰撞 14 次即可。 二、填空题
a2 = 4 ⇔ a 2 = 4c = 8 ，所以 b 2 = a 2 − c 2 = 8 − 4 = 4 。故选答案 C c
已知正四棱柱 ABCD − A1 B1C1 D1 中， AB = 2, CC1 = 2 2, E 为 CC1 的中点， 则直线 AC1 4． 与平面 BED 的距离为 A．2 答案 D B．
3 1 2 ，两边平方可得 1 + sin 2α = ⇒ sin 2α = − 3 3 3
∵α 是第二象限角，因此 sin α > 0,cosα < 0 ，
所以 cos α − sin α = − (cos α − sin α ) = − 1 +
2
2 15 =− 3 3
5 3
∴ cos 2α = cos 2 α − sin 2 α = (cos α + sin α )(cos α − sin α ) = −