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工程电磁场基础习题答案

工程电磁场基础习题答案

工程电磁场基础习题答案工程电磁场基础习题答案电磁场是电磁学的基础,它在工程领域中有着广泛的应用。

在学习电磁场理论时,习题是非常重要的一部分,通过解答习题可以巩固理论知识,提高解决实际问题的能力。

下面将为大家提供一些工程电磁场基础习题的答案。

1. 一根长度为L的直导线,电流为I,位于坐标轴上,求其产生的磁感应强度B。

解答:根据比奥-萨伐尔定律,直导线产生的磁感应强度与电流成正比,与导线长度成反比。

所以,磁感应强度B与电流I和导线长度L的乘积成正比,即B=kIL,其中k为比例常数。

根据题意,直导线位于坐标轴上,所以导线长度L即为坐标轴的长度。

因此,B=kIL=kIx,其中x为坐标轴上的坐标。

答案为B=kIx。

2. 一个平面线圈,半径为R,通以电流I,求其中心处的磁感应强度B。

解答:根据安培环路定理,线圈产生的磁感应强度与电流成正比,与线圈的圈数成正比,与线圈的形状有关。

所以,磁感应强度B与电流I、线圈的圈数N和线圈的形状有关。

对于一个平面线圈,其形状是圆形,所以磁感应强度B与电流I和线圈的圈数N成正比,与线圈的半径R的平方成反比。

即B=kIR^2/N,其中k为比例常数。

答案为B=kIR^2/N。

3. 一个无限长的直导线,电流为I,与坐标轴重合,求其产生的磁感应强度B。

解答:根据比奥-萨伐尔定律,直导线产生的磁感应强度与电流成正比,与导线长度成反比。

所以,磁感应强度B与电流I和导线长度的乘积成正比。

由于直导线是无限长的,所以导线长度为无穷大。

因此,磁感应强度B是无穷大。

答案为B=无穷大。

4. 一个长为L的直导线,电流为I,位于坐标轴上,求其在距离d处产生的磁感应强度B。

解答:根据比奥-萨伐尔定律,直导线产生的磁感应强度与电流成正比,与导线长度成反比。

所以,磁感应强度B与电流I和导线长度的乘积成正比。

由于直导线位于坐标轴上,所以导线长度L即为坐标轴的长度。

因此,磁感应强度B 与电流I和坐标轴的长度L成正比。

电磁学(赵凯华,陈熙谋第三版)第三章 习题解答

电磁学(赵凯华,陈熙谋第三版)第三章 习题解答
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新概念物理教程・电磁学$ 第三章 电磁感应 电磁场的相对论变换$ 习题解答
$ $ ! ! "# " 如本题图,一金属棒长为 % " &% ! 水平放置,以长度的 " # & 处为轴, 在水平面内 旋转, 每秒转两转。 已知该处地磁场在竖直方 向上的分量 $ " % % " &% "#, 求 &、 ’ 两端的电势 差。 解:在图中棒上轴的右边取一点 &(,使 它到轴的距离等于 & 点到轴的距离。 这两段导 相互抵消, 因此 ) & ’ %! ! &(’ %! ( ! * ") ・$# %! " " ! $ ( +,’ # ! +,&($# ) # # " !& !’ # %! * # ! * # * % " &% * "% * ( % " ’% ! % " "% # ) % %!’ " ( * "% % " #

大学物理参考答案(白少民)第6章 电磁感应 电磁场

大学物理参考答案(白少民)第6章 电磁感应 电磁场
E =− 1 dB r 2 dt
则电子在涡旋电场中所受的力为:
F = −eE = 1 dB F e dB e r ,加速度 a = = r 2 dt m 2m dt
图 6.22 题 6.14 示图
在 a 点, r = 5cm = 5 ×10 −2 m
aa = 1 ×1.76 ×1011 × ( −1.0 ×10 −2 ) × 5 ×10 −2 = −4.4 ×10 7 m / s 2 ,方向向右。 2
f m = IlB = ε υBl cos θ υcos θ 2 2 lB lB = l B R R R υ 2 2 dυ l B cos θcos θ = Rm dt
沿斜面方向应用牛二得:
g sin θ −
图 6.21 题 6.13 示图
这是 υ 对 t 的常微分方程,解之得:
4
− mgR sin θ υ= 2 2 − Ce 2 B l cos θ
ε
R
dt = −
∫ (6 − 8t )dt = − 10
0
1
100
× (6 − 4) = −20C 6 = 0.75s 8
(4)由 ε = −N (6 − 8t ) 知,电动势开始反转的时刻 t =
6.11 如图 6.19(a)表示一根长度为 L 的铜棒平行于一载有电流 i 的长直导线,从距 离电流为 a 处开始以速度 υ 向下运动。求铜棒所产生的感应电动势。已知 υ= 5m·s-1 , i=100A,L= 20cm ,a =1cm。 又如图 6.19(b)所示若铜线运动的方向 υ 与电流方向平行。 设铜棒的上端距电流为 a,问此时铜棒的感应电动势又为多少。 解:在图(a)中: µ i ε = ∫ υ × B ⋅ dl = υBL = υ 0 L 2πa

高三物理磁场基本性质常见磁场试题答案及解析

高三物理磁场基本性质常见磁场试题答案及解析

高三物理磁场基本性质常见磁场试题答案及解析1.如图,两根平行长直导线相距2l,通有大小相等、方向相同的恒定电流:a、b、c是导线所在平面内的三点,左侧导线与它们的距离分别为、l和3l。

关于这三点处的磁感应强度,下列判断正确的是A.a处的磁感应强度大小比c处的大B.b、c两处的磁感应强度大小相等C.a、c两处的磁感应强度方向相同D.b处的磁感应强度为零【答案】AD【解析】由右手定则可以判断,a、c两处的磁场是两电流在a、c处产生的磁场相加,但a距离两导线比c近,故a处的磁感应强度大小比c处的大,A对;b、c与右侧电流距离相同,故右侧电流对此两处的磁场要求等大反向,但因为左侧电流要求此两处由大小不同、方向相同的磁场,故b、c两处的磁感应强度大小不相等,B错;由右手定则可知,a处磁场垂直纸面向里,c处磁场垂直纸面向外,C错;b与两导线距离相等,故两磁场叠加为零,D对。

【考点】磁场叠加、右手定则2.彼此绝缘、相互垂直的两根通电直导线与闭合线圈共面,下图中穿过线圈的磁通量可能为零的是【答案】AB【解析】由安培定则可以判断,A中I1在线圈位置产生的磁场方向垂直纸面向里,I2在线圈位置产生的磁场方向向外,穿过线圈的磁通量可能为零,同理可以判断B中,I1在线圈位置产生的磁场方向垂直纸面向外,I2在线圈位置产生的磁场方向垂直纸面向里,穿过线圈的磁通量可能为零,A、B正确;C中I1、I2在线圈位置产生的磁场方向都垂直纸面向里,D中I1,I2在线圈位置产生的磁场方向都垂直纸面向外,C、D中穿过线圈的磁通量不可能为零.【考点】通电直导线周围磁场的方向。

3.如图所示,两根长直导线m、n竖直插在光滑绝缘水平桌面上的小孔P、Q中,O为P、Q连线的中点,连线上a、b两点关于O点对称,导线中通有大小、方向均相同的电流I.下列说法正确的是A.O点的磁感应强度为零B.a、b两点磁感应强度的大小Ba >BbC.a、b两点的磁感应强度相同D.n中电流所受安培力方向由P指向Q【答案】A【解析】根据安培右手定则,m在O点产生的磁场方向垂直ab连线向里,n在O点产生的磁场方向垂直ab连线向外,根据对称性,磁感应强度大小相等,磁场矢量和等于0,选项A对。

磁场与电磁感应习题及答案

磁场与电磁感应习题及答案

一 选择题 (共36分)1. (本题 3分)(2734) 两根平行的金属线载有沿同一方向流动的电流.这两根导线将: (A) 互相吸引. (B) 互相排斥.(C) 先排斥后吸引. (D) 先吸引后排斥. [ ]2. (本题 3分)(2595) 有一N 匝细导线绕成的平面正三角形线圈,边长为a ,通有电流I ,置于均匀外磁场B v中,当线圈平面的法向与外磁场同向时,该线圈所受的磁力矩M m 值为 (A) 2/32IB Na . (B) 4/32IB Na .(C) °60sin 32IB Na . (D) 0. [ ]3. (本题 3分)(2657) 若一平面载流线圈在磁场中既不受力,也不受力矩作用,这说明: (A) 该磁场一定均匀,且线圈的磁矩方向一定与磁场方向平行. (B) 该磁场一定不均匀,且线圈的磁矩方向一定与磁场方向平行. (C) 该磁场一定均匀,且线圈的磁矩方向一定与磁场方向垂直.(D) 该磁场一定不均匀,且线圈的磁矩方向一定与磁场方向垂直.[ ]4. (本题 3分)(2404) 一导体圆线圈在均匀磁场中运动,能使其中产生感应电流的一种情况是 (A) 线圈绕自身直径轴转动,轴与磁场方向平行. (B) 线圈绕自身直径轴转动,轴与磁场方向垂直. (C) 线圈平面垂直于磁场并沿垂直磁场方向平移.(D) 线圈平面平行于磁场并沿垂直磁场方向平移. [ ]5. (本题 3分)(5137) 尺寸相同的铁环与铜环所包围的面积中,通以相同变化率的磁通量,当不计环的自感时,环中(A) 感应电动势不同. (B) 感应电动势相同,感应电流相同. (C) 感应电动势不同,感应电流相同.(D) 感应电动势相同,感应电流不同. [ ]6. (本题 3分)(1932) 如图所示,一矩形金属线框,以速度vv从无场空间进入一均匀磁场中,然后又从磁场中出来,到无场空间中.不计线圈的自感,下面哪一条图线正确地表示了线圈中的感应电流对时间的函数关系?(从线圈刚进入磁场时刻开始计时,I 以顺时针方向为正)[ ] BvIO(D)IO (C)O (B)I7. (本题 3分)(2417) 对于单匝线圈取自感系数的定义式为L =Φ /I .当线圈的几何形状、大小及周围磁介质分布不变,且无铁磁性物质时,若线圈中的电流强度变小,则线圈的自感系数L(A) 变大,与电流成反比关系. (B) 变小. (C) 不变.(D) 变大,但与电流不成反比关系. [ ]8. (本题 3分)(2752) 在真空中一个通有电流的线圈a 所产生的磁场内有另一个线圈b ,a 和b 相对位置固定.若线圈b 中电流为零(断路),则线圈b 与a 间的互感系数: (A) 一定为零. (B)一定不为零.(C) 可为零也可不为零, 与线圈b 中电流无关. (D) 是不可能确定的.[ ]9. (本题 3分)(2421) 已知一螺绕环的自感系数为L .若将该螺绕环锯成两个半环式的螺线管,则两个半环螺线管的自感系数(A) 都等于L 21. (B) 有一个大于L 21,另一个小于L 21.(C) 都大于L 21. (D) 都小于L 21. [ ]对于单匝线圈取自感系数的定义式为L =Φ /I .当线圈的几何形状、大小及周围磁介质分布不变,且无铁磁性物质时,若线圈中的电流强度变小,则线圈的自感系数L(A) 变大,与电流成反比关系. (B) 变小. (C) 不变.(D) 变大,但与电流不成反比关系. [ ]11. (本题 3分)(5675) 真空中一根无限长直细导线上通电流I ,则距导线垂直距离为a 的空间某点处的磁能密度为(A) 2002(21a I πµµ (B) 2002(21aI πµµ (C) 20)2(21I a µπ (D)2002(21aI µµ [ ]12. (本题 3分)(2415) 用导线围成如图所示的回路(以O 点为心的圆,加一直径),放在轴线通过O 点垂直于图面的圆柱形均匀磁场中,如磁场方向垂直图面向里,其大小随时间减小,则感应电流的流向为[ ]二 填空题 (共76分)13. (本题 3分)(5303) 一平面试验线圈的磁矩大小p m 为1×10-8 A ·m 2,把它放入待测磁场中的A 处,试验线圈如此之小,以致可以认为它所占据的空间内场是均匀的.当此线圈的p m 与z 轴平行时,所受磁力矩大小为M =5×10-9 N ·m ,方向沿x 轴负方向;当此线圈的p m 与y 轴平行时,所受磁力矩为零.则空间A 点处的磁感强度B v的大小为____________,方向为______________.14. (本题 5分)(2066) 一带电粒子平行磁感线射入匀强磁场,则它作________________运动.一带电粒子垂直磁感线射入匀强磁场,则它作________________运动. 一带电粒子与磁感线成任意交角射入匀强磁场,则它作______________运动.如图所示,一半径为R ,通有电流为I 的圆形回路,位于Oxy 平面内,圆心为O .一带正电荷为q 的粒子,以速度v v沿z 轴向上运动,当带正电荷的粒子恰好通过O 点时,作用于圆形回路上的力为________,作用在带电粒子上的力为________.16. (本题 5分)(2070) 截面积为S ,截面形状为矩形的直的金属条中通有电流I .金属条放在磁感强度为B v 的匀强磁场中,B v的方向垂直于金属条的左、右侧面(如图所示).在图示情况下金属条的上侧面将积累____________电荷,载流子所受的洛伦兹力f m =______________.(注:金属中单位体积内载流子数为n )17. (本题 5分)(2580) 电子质量m ,电荷e ,以速度v 飞入磁感强度为B 的匀强磁场中,v v与B v 的夹角为θ ,电子作螺旋运动,螺旋线的螺距h =________________________,半径R =______________________.18. (本题 3分)(2387) 已知面积相等的载流圆线圈与载流正方形线圈的磁矩之比为2∶1,圆线圈在其中心处产生的磁感强度为B 0,那么正方形线圈(边长为a )在磁感强度为B v的均匀外磁场中所受最大磁力矩为______________________.19. (本题 3分)(2096) 在磁场中某点放一很小的试验线圈.若线圈的面积增大一倍,且其中电流也增大一倍,该线圈所受的最大磁力矩将是原来的______________倍.20. (本题 5分)(2603) A 、B 、C 为三根共面的长直导线,各通有10 A 的同方向电流,导线间距d =10 cm ,那么每根导线每厘米所受的力的大小为=l F Ad d ______________________, =l F Bd d ______________________, =lF Cd d ______________________. (µ0 =4π×10-7 N/A 2) I半径为a 的无限长密绕螺线管,单位长度上的匝数为n ,通以交变电流i =I m sin ωt ,则围在管外的同轴圆形回路(半径为r )上的感生电动势为_____________________________.22. (本题 5分)(2702) 如图所示,一直角三角形abc 回路放在一磁感强度为B 的均匀磁场中,磁场的方向与直角边ab 平行 ,回路绕ab 边以匀角速度ω旋转 ,则ac 边中的动生电动势为__________________________,整个回路产生的动生电动势为____________________________.v23. (本题 3分)(2692) 有一根无限长直导线绝缘地紧贴在矩形线圈的中心轴OO ′上,则直导线与矩形线圈间的互感系数为_________________.24. (本题 3分)(2525) 一自感线圈中,电流强度在 0.002 s 内均匀地由10 A 增加到12 A ,此过程中线圈内自感电动势为 400V ,则线圈的自感系数为L =____________.25. (本题 4分)(2619) 位于空气中的长为l ,横截面半径为a ,用N匝导线绕成的直螺线管,当符合________和____________________的条件时,其自感系数可表成V I N L 20)/(µ=,其中V 是螺线管的体积.26. (本题 3分)(2624) 一个中空的螺绕环上每厘米绕有20匝导线,当通以电流I =3 A 时,环中磁场能量密度w =_____________ .(µ 0 =4π×10-7 N/A 2)27. (本题 3分)(5678) 真空中一根无限长直导线中通有电流I ,则距导线垂直距离为a 的某点的磁能密度w m =________________.有两个长度相同,匝数相同,截面积不同的长直螺线管,通以相同大小的电流.现在将小螺线管完全放入大螺线管里(两者轴线重合),且使两者产生的磁场方向一致,则小螺线管内的磁能密度是原来的__________倍;若使两螺线管产生的磁场方向相反,则小螺线管中的磁能密度为____________(忽略边缘效应).29. (本题 4分)(2180) 写出麦克斯韦方程组的积分形式:_____________________________,_____________________________, _____________________________,_____________________________.30. (本题 3分)(2198) 坡印廷矢量S v的物理意义是:_____________________________________________________________; 其定义式为 _____________________ .31. (本题 3分)(2339) 反映电磁场基本性质和规律的积分形式的麦克斯韦方程组为∫∫⋅=VSV S D d d ρv v, ① ∫∫⋅⋅∂∂−=SL S t B l E v vv v d d , ②0d =∫⋅S S B vv , ③ ∫⋅∫⋅∂∂+=SL S t DJ l H v vv v v d )(d . ④试判断下列结论是包含于或等效于哪一个麦克斯韦方程式的.将你确定的方程式用代号填在相应结论后的空白处.(1) 变化的磁场一定伴随有电场;__________________(2) 磁感线是无头无尾的;________________________ (3) 电荷总伴随有电场.__________________________在没有自由电荷与传导电流的变化电磁场中, 沿闭合环路l (设环路包围的面积为S )=∫⋅ll H vv d __________________________________________.=∫⋅ll E vv d __________________________________________.三 计算题 (共46分)33. (本题10分)(2737) 两根平行无限长直导线相距为d ,载有大小相等方向相反的电流I ,电流变化率d I /d t =α >0.一个边长为d 的正方形线圈位于导线平面内与一根导线相距d ,如图所示.求线圈中的感应电动势E ,并说明线圈中的感应电流是顺时针还是逆时针方向.34. (本题10分)(2409) 如图所示,一半径为r 2电荷线密度为λ的均匀带电圆环,里边有一半径为r 1总电阻为R 的导体环,两环共面同心(r 2 >> r 1),当大环以变角速度ω =ω(t )绕垂直于环面的中心轴旋转时,求小环中的感应电流.其方向如何?35. (本题10分)(2410) 一内外半径分别为R 1, R 2的均匀带电平面圆环,电荷面密度为σ,其中心有一半径为r 的导体小环(R 1 >>r ),二者同心共面如图.设带电圆环以变角速度ω =ω(t )绕垂直于环面的中心轴旋转,导体小环中的感应电流i 等于多少?方向如何(已知小环的电阻为R ')?36. (本题 8分)(2138) 求长度为L 的金属杆在均匀磁场B v中绕平行于磁场方向的定轴OO '转动时的动生电动势.已知杆相对于均匀磁场B v的方位角为θ,杆的角速度为ω,转向如图所示.O无限长直导线旁有一与其共面的矩形线圈,直导线中通有恒定电流I ,将此直导线及线圈共同置于随时间变化的而空间分布均匀的磁场B v 中.设0>∂∂tB,当线圈以速度v v垂直长直导线向右运动时,求线圈在如图所示位置时的感应电动势.一 选择题 (共36分)1. (本题 3分)(2734) (A)2. (本题 3分)(2595) (D)3. (本题 3分)(2657) (A)4. (本题 3分)(2404) (B)5. (本题 3分)(5137) (D)6. (本题 3分)(1932) (C)7. (本题 3分)(2417) (C)8. (本题 3分)(2752) (C)9. (本题 3分)(2421) (D)10. (本题 3分)(2417) (C)11. (本题 3分)(5675) (B)12. (本题 3分)(2415) (B)二 填空题 (共76分)13. (本题 3分)(5303) 0.5 T 2分y 轴正方向 1分参考解:B p M m v v v ×=,由m p v平行y 轴时M = 0可知B v 必与y 轴平行,m p v沿z 轴时M 最大,故有 5.0==mp M B T由B p M m v v v ×=定出B v沿y 轴正方向.14. (本题 5分)(2066) 匀速直线 1分 匀速率圆周 2分 等距螺旋线 2分15. (本题 4分)(0361) 0 2分 0 2分16. (本题 5分)(2070) 负 2分 IB / (nS ) 3分17. (本题 5分)(2580) )/(cos 2eB m θv π 3分 )/(sin eB m θv 2分3分19. (本题 3分)(2096) 4 3分20. (本题 5分)(2603) 3×10-6N/cm 2分 0 2分3×10-6N/cm 1分21. (本题 3分)(2615) t a nI m ωωµcos 20π− 3分22. (本题 5分)(2702) 8/2B l ω 3分 0 2分23. (本题 3分)(2692) 0 3分24. (本题 3分)(2525) 0.400 H 3分25. (本题 4分)(2619) l >>a 2分 细导线均匀密绕 2分26. (本题 3分)(2624) 22.6 J ·m -3 3分27. (本题 3分)(5678) )8/(2220a I πµ 3分28. (本题 5分)(2425) 4 3分 0 2分29. (本题 4分)(2180) ∫∫⋅=V S V S D d d ρv v 1分 ∫∫⋅⋅∂∂−=S L S t B l E v v v v d d 1分 0d =∫⋅SS B v v 1分∫⋅∫⋅∂∂+=SL S t D J l H v v v v v d )(d 1分 30. (本题 3分)(2198) 电磁波能流密度矢量 2分 H E S v v v ×= 1分31. (本题 3分)(2339) ② 1分 ③ 1分 ① 1分32. (本题 4分)(5160) ∫∫⋅∂∂S S D t v v d 或 t D /d d Φ 2分 ∫∫⋅∂∂−S S B t v v d 或 t m /d d Φ− 2分三 计算题 (共46分)33. (本题10分)(2737) 解:(1) 载流为I 的无限长直导线在与其相距为r 处产生的磁感强度为: )2/(0r I B π=µ 2分以顺时针绕向为线圈回路的正方向,与线圈相距较远的导线在线圈中产生的磁通量为: 23ln 2d 203201π=π⋅=∫Id r r I d d dµµΦ 与线圈相距较近的导线对线圈的磁通量为:2ln 2d 20202π−=π⋅−=∫Id r r I d d dµµΦ 总磁通量 34ln 2021π−=+=Id µΦΦΦ 4分感应电动势为: 34ln 2d d )34(ln 2d d 00αµµπ=π=−=d t I d t ΦE 2分由E >0和回路正方向为顺时针,所以E 的绕向为顺时针方向,线圈中的感应电流 亦是顺时针方向. 2分解:大环中相当于有电流 2)(r t I λω⋅=2分这电流在O 点处产生的磁感应强度大小λωµµ)(21)2/(020t r I B == 2分以逆时针方向为小环回路的正方向,210)(21r t π≈λωµΦ 2分∴ tt r t i d )(d 21d d 210ωλµΦπ−=−=E tt R r R i i d )(d 2210ωλµ⋅π−==E 2分方向:d ω(t ) /d t >0时,i 为负值,即i 为顺时针方向.1分 d ω(t ) /d t <0时,i 为正值,即i 为逆时针方向.1分35. (本题10分)(2410) 解:带电平面圆环的旋转相当于圆环中通有电流I .在R 1与R 2之间取半径为R 、宽度为d R 的环带,环带内有电流R t R I d )(d ωσ= 2分d I 在圆心O 点处产生的磁场R t R I B d )(21/.d 21d 00σωµµ== 2分由于整个带电环面旋转,在中心产生的磁感应强度的大小为))((21120R R t B −=σωµ 1分选逆时针方向为小环回路的正方向,则小环中2120))((21r R R t π−≈σωµΦ 1分tt R R r t i d )(d )(2d d 1220ωσµΦ−π−=−=E tt R R R r R i i d )(d 2)( 1220ωσµ⋅′−−=′=E 2分方向:当d ω (t ) /d t >0时,i 与选定的正方向相反.1分 当d ω (t ) /d t <0时,i 与选定的正方向相同.1分36. (本题 8分)(2138) 解:在距O 点为l 处的d l 线元中的动生电动势为d E l B v v v d )(⋅×=v 2分θωsin l =v 2分∴ E ∫∫⋅π=×=Ld cos )21sin(v d )v (l B l B L αv v v ∫∫==ΛθωθθωL l l B l lB 02d sin sin d sin θω22sin 21BL = 3分 E 的方向沿着杆指向上端.1分 O B v v ×v解:取顺时针方向回路正向.设动生电动势和感生电动势分别用E 1和E 2表示,则总电动势EE = E 1 + E 2 l B l B 211v v −=E ))(22(00b a I a I l +π−π=µµv )(20b a a lIb +π=v µ 4分 ∫∂∂−=⋅∂∂−=S t B bl S t B v v d 2E 3分∴ bl tB b a a I ])(2[0∂∂−+π=vµE 1分。

大学物理第八章课后习题答案

大学物理第八章课后习题答案

大学物理第八章课后习题答案-CAL-FENGHAI-(2020YEAR-YICAI)_JINGBIAN第八章电磁感应电磁场8 -1一根无限长平行直导线载有电流I,一矩形线圈位于导线平面内沿垂直于载流导线方向以恒定速率运动(如图所示),则()(A)线圈中无感应电流(B)线圈中感应电流为顺时针方向(C)线圈中感应电流为逆时针方向(D)线圈中感应电流方向无法确定分析与解由右手定则可以判断,在矩形线圈附近磁场垂直纸面朝里,磁场是非均匀场,距离长直载流导线越远,磁场越弱.因而当矩形线圈朝下运动时,在线圈中产生感应电流,感应电流方向由法拉第电磁感应定律可以判定.因而正确答案为(B).8 -2将形状完全相同的铜环和木环静止放置在交变磁场中,并假设通过两环面的磁通量随时间的变化率相等,不计自感时则()(A)铜环中有感应电流,木环中无感应电流(B)铜环中有感应电流,木环中有感应电流(C)铜环中感应电动势大,木环中感应电动势小(D)铜环中感应电动势小,木环中感应电动势大23分析与解 根据法拉第电磁感应定律,铜环、木环中的感应电场大小相等,但在木环中不会形成电流.因而正确答案为(A ).8 -3 有两个线圈,线圈1 对线圈2 的互感系数为M 21 ,而线圈2 对线圈1的互感系数为M 12 .若它们分别流过i 1 和i 2 的变化电流且ti t i d d d d 21<,并设由i 2变化在线圈1 中产生的互感电动势为ε12 ,由i 1 变化在线圈2 中产生的互感电动势为ε21 ,下述论断正确的是( ).(A )2112M M = ,1221εε=(B )2112M M ≠ ,1221εε≠(C )2112M M =, 1221εε<(D )2112M M = ,1221εε<分析与解 教材中已经证明M21 =M12 ,电磁感应定律t i M εd d 12121=;ti M εd d 21212=.因而正确答案为(D ). 8 -4 对位移电流,下述四种说法中哪一种说法是正确的是( )(A ) 位移电流的实质是变化的电场(B ) 位移电流和传导电流一样是定向运动的电荷(C ) 位移电流服从传导电流遵循的所有定律(D ) 位移电流的磁效应不服从安培环路定理分析与解 位移电流的实质是变化的电场.变化的电场激发磁场,在这一点位移电流等效于传导电流,但是位移电流不是走向运动的电荷,也就不服从焦耳热效应、安培力等定律.因而正确答案为(A ).48 -5 下列概念正确的是( )(A ) 感应电场是保守场(B ) 感应电场的电场线是一组闭合曲线(C ) LI Φm =,因而线圈的自感系数与回路的电流成反比(D ) LI Φm =,回路的磁通量越大,回路的自感系数也一定大 分析与解 对照感应电场的性质,感应电场的电场线是一组闭合曲线.因而正确答案为(B ).8 -6 一铁心上绕有线圈100匝,已知铁心中磁通量与时间的关系为()Wb π100sin 100.85t Φ⨯=,求在s 100.12-⨯=t 时,线圈中的感应电动势.分析 由于线圈有N 匝相同回路,线圈中的感应电动势等于各匝回路的感应电动势的代数和,在此情况下,法拉第电磁感应定律通常写成tψt ΦN ξd d d d -=-=,其中ΦN ψ=称为磁链. 解 线圈中总的感应电动势()()t tΦNξπ100cos 51.2d d =-= 当s 100.12-⨯=t 时,V 51.2=ξ. 8 -7 有两根相距为d 的无限长平行直导线,它们通以大小相等流向相反的电流,且电流均以tI d d 的变化率增长.若有一边长为d 的正方形线圈与两导线处于同一平面内,如图所示.求线圈中的感应电动势.5分析 本题仍可用法拉第电磁感应定律tΦξd d -=来求解.由于回路处在非均匀磁场中,磁通量就需用⎰⋅=SΦS B d 来计算(其中B 为两无限长直电流单独存在时产生的磁感强度B 1 与B 2 之和). 为了积分的需要,建立如图所示的坐标系.由于B 仅与x 有关,即()B B x =,故取一个平行于长直导线的宽为dx 、长为d 的面元dS ,如图中阴影部分所示,则x d S d d =,所以,总磁通量可通过线积分求得(若取面元y x S d d d =,则上述积分实际上为二重积分).本题在工程技术中又称为互感现象,也可用公式tl M E M d d -=求解. 解1 穿过面元dS 的磁通量为()x d xI μx d d x I μΦd π2d π2d d d d 0021-+=⋅+⋅=⋅=S B S B S B 因此穿过线圈的磁通量为()43ln π2d π2d π2d 02020Id μx x Id μx d x Id μΦΦd d dd =-+==⎰⎰⎰ 再由法拉第电磁感应定律,有6tI d μt ΦE d d 43ln π2d d 0⎪⎭⎫ ⎝⎛=-= 解2 当两长直导线有电流I 通过时,穿过线圈的磁通量为 43ln π20dI μΦ=线圈与两长直导线间的互感为 43ln π20d μI ΦM == 当电流以tl d d 变化时,线圈中的互感电动势为 tI d μt I M E d d 43ln π2d d 0⎪⎭⎫ ⎝⎛=-= 试想:如线圈又以速率v 沿水平向右运动,如何用法拉第电磁感应定律求图示位置的电动势呢此时线圈中既有动生电动势,又有感生电动势.设时刻t ,线圈左端距右侧直导线的距离为ξ,则穿过回路的磁通量()ξf ΦS,1d =⋅=⎰S B ,它表现为变量I 和ξ的二元函数,将Φ代入t ΦE d d -= 即可求解,求解时应按复合函数求导,注意,其中v =tξd d ,再令ξ=d 即可求得图示位置处回路中的总电动势.最终结果为两项,其中一项为动生电动势,另一项为感生电动势.8 -8 有一测量磁感强度的线圈,其截面积S =4.0 cm 2 、匝数N =160 匝、电阻R =50Ω.线圈与一内阻R i =30Ω的冲击电流计相连.若开始时,线圈的平面与均匀磁场的磁感强度B 相垂直,然后线圈的平面很快地转到与B 的方向平行.此时从冲击电流计中测得电荷值54.010C q -=⨯.问此均匀磁场的磁感强度B 的值为多少7分析 在电磁感应现象中,闭合回路中的感应电动势和感应电流与磁通量变化的快慢有关,而在一段时间内,通过导体截面的感应电量只与磁通量变化的大小有关,与磁通量变化的快慢无关.工程中常通过感应电量的测定来确定磁场的强弱. 解 在线圈转过90°角时,通过线圈平面磁通量的变化量为NBS NBS ΦΦΦ=-=-=0Δ12 因此,流过导体截面的电量为ii R RNBS R R Φq +=+=Δ 则 ()T 050.0=+=NSR R q B i 8 -9 如图所示,一长直导线中通有I =5.0 A 的电流,在距导线9.0 cm 处,放一面积为0.10 cm 2 ,10 匝的小圆线圈,线圈中的磁场可看作是均匀的.今在1.0 ×10-2 s 内把此线圈移至距长直导线10.0 cm 处.求:(1) 线圈中平均感应电动势;(2) 设线圈的电阻为1.0×10-2Ω,求通过线圈横截面的感应电荷.8分析 虽然线圈处于非均匀磁场中,但由于线圈的面积很小,可近似认为穿过线圈平面的磁场是均匀的,因而可近似用NBS ψ=来计算线圈在始、末两个位置的磁链.解 (1) 在始、末状态,通过线圈的磁链分别为1011π2r ISμN S NB ψ==,2022π2r IS μN S NB ψ== 则线圈中的平均感应电动势为 V 1011.111πΔ2ΔΔ8210-⨯=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-==r r t IS μN t ΦE 电动势的指向为顺时针方向.(2) 通过线圈导线横截面的感应电荷为tΦE d d -= 8 -10 如图(a)所示,把一半径为R 的半圆形导线OP 置于磁感强度为B 的均匀磁场中,当导线以速率v 水平向右平动时,求导线中感应电动势E 的大小,哪一端电势较高9分析 本题及后面几题中的电动势均为动生电动势,除仍可由tΦE d d -=求解外(必须设法构造一个闭合回路),还可直接用公式()l B d ⋅⨯=⎰l E v 求解.在用后一种方法求解时,应注意导体上任一导线元dl 上的动生电动势()l B d d ⋅⨯=v E .在一般情况下,上述各量可能是dl 所在位置的函数.矢量(v ×B )的方向就是导线中电势升高的方向. 解1 如图(b)所示,假想半圆形导线O P 在宽为2R 的静止形导轨上滑动,两者之间形成一个闭合回路.设顺时针方向为回路正向,任一时刻端点O 或端点P 距 形导轨左侧距离为x ,则B R Rx Φ⎪⎭⎫ ⎝⎛+=2π212 即B R tx RB t ΦE v 2d d 2d d -=-=-= 由于静止的 形导轨上的电动势为零,则E =-2R v B .式中负号表示电动势的方向为逆时针,对OP 段来说端点P 的电势较高. 解2 建立如图(c )所示的坐标系,在导体上任意处取导体元dl ,则()θR θB l θB E o d cos d cos 90sin d d v v ==⋅⨯=l B vB R θθBR E v v 2d cos d E π/2π/2===⎰⎰- 由矢量(v ×B )的指向可知,端点P 的电势较高.10 解3 连接OP 使导线构成一个闭合回路.由于磁场是均匀的,在任意时刻,穿过回路的磁通量==BS Φ常数.由法拉第电磁感应定律tΦE d d -=可知,E =0 又因 E =E OP +E PO即 E OP =-E PO =2R v B由上述结果可知,在均匀磁场中,任意闭合导体回路平动所产生的动生电动势为零;而任意曲线形导体上的动生电动势就等于其两端所连直线形导体上的动生电动势.上述求解方法是叠加思想的逆运用,即补偿的方法.8 -11 长为L 的铜棒,以距端点r 处为支点,以角速率ω绕通过支点且垂直于铜棒的轴转动.设磁感强度为B 的均匀磁场与轴平行,求棒两端的电势差.分析 应该注意棒两端的电势差与棒上的动生电动势是两个不同的概念,如同电源的端电压与电源电动势的不同.在开路时,两者大小相等,方向相反(电动势的方向是电势升高的方向,而电势差的正方向是电势降落的方向).本题可直接用积分法求解棒上的电动势,亦可以将整个棒的电动势看作是O A 棒与O B 棒上电动势的代数和,如图(b)所示.而E O A 和E O B 则可以直接利用第8 -2 节例1 给出的结果.解1 如图(a)所示,在棒上距点O 为l 处取导体元dl ,则()()r L lB ωl lB ωE L-r r AB AB 221d d --=-=⋅⨯=⎰⎰-l B v 因此棒两端的电势差为()r L lB ωE U AB AB 221--== 当L >2r 时,端点A 处的电势较高解2 将AB 棒上的电动势看作是O A 棒和O B 棒上电动势的代数和,如图(b)所示.其中221r ωB E OA =,()221r L B ωE OB -= 则()r L BL ωE E E OB OA AB 221--=-= 8 -12 如图所示,长为L 的导体棒OP ,处于均匀磁场中,并绕OO ′轴以角速度ω旋转,棒与转轴间夹角恒为θ,磁感强度B 与转轴平行.求OP 棒在图示位置处的电动势.分析 如前所述,本题既可以用法拉第电磁感应定律t ΦE d d -= 计算(此时必须构造一个包含OP 导体在内的闭合回路, 如直角三角形导体回路OPQO ),也可用()l B d ⋅⨯=⎰lE v 来计算.由于对称性,导体OP 旋转至任何位置时产生的电动势与图示位置是相同的.解1 由上分析,得()l B d ⋅⨯=⎰OP OP E v l αB l o d cos 90sin ⎰=v()()l θB θωl o d 90cos sin ⎰-=l()⎰==L θL B ωl l θB ω022sin 21d sin 由矢量B ⨯v 的方向可知端点P 的电势较高.解2 设想导体OP 为直角三角形导体回路OPQO 中的一部分,任一时刻穿过回路的磁通量Φ为零,则回路的总电动势QO PQ OP E E E t ΦE ++==-=0d d 显然,E QO =0,所以()221PQ B ωE E E QO PQ OP ==-= 由上可知,导体棒OP 旋转时,在单位时间内切割的磁感线数与导体棒QP 等效.后者是垂直切割的情况.8 -13 如图(a)所示,金属杆AB 以匀速12.0m s -=⋅v 平行于一长直导线移动,此导线通有电流I =40A .求杆中的感应电动势,杆的哪一端电势较高分析 本题可用两种方法求解.(1) 用公式()l B d ⋅⨯=⎰lE v 求解,建立图(a )所示的坐标系,所取导体元x l d d =,该处的磁感强度xI μB π20=.(2) 用法拉第电磁感应定律求解,需构造一个包含杆AB 在内的闭合回路.为此可设想杆AB 在一个静止的形导轨上滑动,如图(b)所示.设时刻t ,杆AB 距导轨下端CD 的距离为y ,先用公式⎰⋅=SΦS B d 求得穿过该回路的磁通量,再代入公式tΦE d d -=,即可求得回路的电动势,亦即本题杆中的电动势. 解1 根据分析,杆中的感应电动势为()V 1084.311ln 2πd 2πd d 50m 1.1m 1.00-⨯-=-=-==⋅⨯=⎰⎰v v v I μx x μxl E AB AB l B 式中负号表示电动势方向由B 指向A ,故点A 电势较高. 解2 设顺时针方向为回路AB CD 的正向,根据分析,在距直导线x 处,取宽为dx 、长为y 的面元dS ,则穿过面元的磁通量为x y xI μΦd 2πd d 0=⋅=S B 穿过回路的磁通量为11ln 2πd 2πd 0m1.1m 1.00⎰⎰-===S Iy μx y x I μΦΦ 回路的电动势为V 1084.32πd d 11ln 2πd d 500-⨯-=-=-=-=Iy μt y x I μt ΦE 由于静止的形导轨上电动势为零,所以 V 1084.35-⨯-==E E AB式中负号说明回路电动势方向为逆时针,对AB 导体来说,电动势方向应由B 指向A ,故点A 电势较高.8 -14 如图(a)所示,在“无限长”直载流导线的近旁,放置一个矩形导体线框,该线框在垂直于导线方向上以匀速率v 向右移动,求在图示位置处,线框中感应电动势的大小和方向.分析 本题亦可用两种方法求解.其中应注意下列两点:1.当闭合导体线框在磁场中运动时,线框中的总电动势就等于框上各段导体中的动生电动势的代数和.如图(a)所示,导体eh 段和fg 段上的电动势为零[此两段导体上处处满足()0l B =⋅⨯d v ],因而线框中的总电动势为()()()()hg ef hgef gh ef E E E -=⋅⨯-⋅⨯=⋅⨯+⋅⨯=⎰⎰⎰⎰l B l B l B l B d d d d v v v v 其等效电路如图(b)所示.2.用公式tΦE d d -=求解,式中Φ是线框运动至任意位置处时,穿过线框的磁通量.为此设时刻t 时,线框左边距导线的距离为ξ,如图(c )所示,显然ξ是时间t 的函数,且有v =tξd d .在求得线框在任意位置处的电动势E (ξ)后,再令ξ=d ,即可得线框在题目所给位置处的电动势.解1 根据分析,线框中的电动势为hg ef E E E -=()()⎰⎰⋅⨯-⋅⨯=hgef l B l B d d v v ()⎰⎰+-=2201000d 2πd 2πl l l l d I μl d I μv v ()1202πl d I I μ+=1vI 由E ef >E hg 可知,线框中的电动势方向为efgh .解2 设顺时针方向为线框回路的正向.根据分析,在任意位置处,穿过线框的磁通量为()()ξl ξξx Il μdx ξx Il μΦl 120020ln π2π21++=+=⎰ 相应电动势为()()1120π2d d l ξξl l I μt ΦξE +=-=v 令ξ=d ,得线框在图示位置处的电动势为 ()1120π2l d d l l I μE +=v 由E >0 可知,线框中电动势方向为顺时针方向.*8 -15 有一长为l ,宽为b 的矩形导线框架,其质量为m ,电阻为R .在t =0时,框架从距水平面y =0 的上方h 处由静止自由下落,如图所示.磁场的分布为:在y =0 的水平面上方没有磁场;在y =0 的水平面下方有磁感强度为B 的均匀磁场,B 的方向垂直纸面向里.已知框架在时刻t 1 和t 2 的位置如图中所示.求在下述时间内,框架的速度与时间的关系:(1) t 1 ≥t >0,即框架进入磁场前;(2) t 2 ≥t ≥t 1 ,即框架进入磁场, 但尚未全部进入磁场;(3)t >t 2 ,即框架全部进入磁场后.分析 设线框刚进入磁场(t 1 时刻)和全部进入磁场(t 2 时刻)的瞬间,其速度分别为v 10 和v 20 .在情况(1)和(3)中,线框中无感应电流,线框仅在重力作用下作落体运动,其速度与时间的关系分别为v =gt (t <t 1)和v =v 20 +g (t -t 2 )(t >t 2 ).而在t 1<t <t 2这段时间内,线框运动较为复杂,由于穿过线框回路的磁通量变化,使得回路中有感应电流存在,从而使线框除受重力外,还受到一个向上的安培力F A ,其大小与速度有关,即()A A F F =v .根据牛顿运动定律,此时线框的运动微分方程为()tv v d d m F mg A =-,解此微分方程可得t 1<t <t 2 时间内线框的速度与时间的关系式.解 (1) 根据分析,在1t t ≤时间内,线框为自由落体运动,于是()11t t gt ≤=v 其中1t t =时,gh 2101==v v(2) 线框进入磁场后,受到向上的安培力为v Rl B IlB F A 22== 根据牛顿运动定律,可得线框运动的微分方程tv m v d d 22=-R l B mg 令mRl B K 22=,整理上式并分离变量积分,有 ⎰⎰=-t t t g 110d d vv Kv v 积分后将gh 210=v 代入,可得()()[]1212t t K e gh K g g K----=v (3) 线框全部进入磁场后(t >t 2),作初速为v 20 的落体运动,故有()()()[]()222031221t t g e gh K g g Kt t g t t K -+--=-+=--v v 8 -16 有一磁感强度为B 的均匀磁场,以恒定的变化率t d d B 在变化.把一块质量为m 的铜,拉成截面半径为r 的导线,并用它做成一个半径为R 的圆形回路.圆形回路的平面与磁感强度B 垂直.试证:这回路中的感应电流为td d π4B d ρm I =式中ρ 为铜的电阻率,d 为铜的密度. 解 圆形回路导线长为πR 2,导线截面积为2πr ,其电阻R ′为22rR ρS l ρR ==' 在均匀磁场中,穿过该回路的磁通量为BS Φ=,由法拉第电磁感应定律可得回路中的感应电流为t t t d d 2πd d π1d d 122B ρRr B R R ΦR R E I ='='='= 而2ππ2r R d m =,即dm Rr π2π2=,代入上式可得 td d π4B d ρm I = 8 -17 半径为R =2.0 cm 的无限长直载流密绕螺线管,管内磁场可视为均匀磁场,管外磁场可近似看作零.若通电电流均匀变化,使得磁感强度B 随时间的变化率td d B 为常量,且为正值,试求:(1) 管内外由磁场变化激发的感生电场分布;(2) 如1s T 010.0d d -⋅=tB ,求距螺线管中心轴r =5.0 cm 处感生电场的大小和方向.分析 变化磁场可以在空间激发感生电场,感生电场的空间分布与场源———变化的磁场(包括磁场的空间分布以及磁场的变化率td d B 等)密切相关,即S B l E d d ⋅∂∂-=⎰⎰S S k t .在一般情况下,求解感生电场的分布是困难的.但对于本题这种特殊情况,则可以利用场的对称性进行求解.可以设想,无限长直螺线管内磁场具有柱对称性,其横截面的磁场分布如图所示.由其激发的感生电场也一定有相应的对称性,考虑到感生电场的电场线为闭合曲线,因而本题中感生电场的电场线一定是一系列以螺线管中心轴为圆心的同心圆.同一圆周上各点的电场强度E k 的大小相等,方向沿圆周的切线方向.图中虚线表示r <R 和r >R 两个区域的电场线.电场线绕向取决于磁场的变化情况,由楞次定律可知,当0d d <t B 时,电场线绕向与B 方向满足右螺旋关系;当0d d >t B 时,电场线绕向与前者相反.解 如图所示,分别在r <R 和r >R 的两个区域内任取一电场线为闭合回路l (半径为r 的圆),依照右手定则,不妨设顺时针方向为回路正向.(1) r <R , tB r t r E E k l k d d πd d d π2d 2-=⋅-=⋅=⋅=⎰⎰S B l E tB r E k d d 2-= r >R , t B R t r E E k lk d d πd d d π2d 2-=⋅-=⋅=⋅=⎰⎰S B l E tB r R E k d d 22-= 由于0d d >tB ,故电场线的绕向为逆时针. (2) 由于r >R ,所求点在螺线管外,因此tB r R E k d d 22-= 将r 、R 、tB d d 的数值代入,可得15m V 100.4--⋅⨯-=k E ,式中负号表示E k 的方向是逆时针的.8 -18 在半径为R 的圆柱形空间中存在着均匀磁场,B 的方向与柱的轴线平行.如图(a)所示,有一长为l 的金属棒放在磁场中,设B 随时间的变化率tB d d 为常量.试证:棒上感应电动势的大小为分析 变化磁场在其周围激发感生电场,把导体置于感生电场中,导体中的自由电子就会在电场力的作用下移动,在棒内两端形成正负电荷的积累,从而产生感生电动势.由于本题的感生电场分布与上题所述情况完全相同,故可利用上题结果,由⎰⋅=lk E l E d 计算棒上感生电动势.此外,还可连接OP 、OQ ,设想PQOP 构成一个闭合导体回路,用法拉第电磁感应定律求解,由于OP 、OQ 沿半径方向,与通过该处的感生电场强度E k 处处垂直,故0d =⋅l E k ,OP 、OQ 两段均无电动势,这样,由法拉第电磁感应定律求出的闭合回路的总电动势,就是导体棒PQ 上的电动势.证1 由法拉第电磁感应定律,有 22Δ22d d d d d d ⎪⎭⎫ ⎝⎛-==-==l R l t B t B S t ΦE E PQ 证2 由题8 -17可知,在r <R 区域,感生电场强度的大小tB r E k d d 2= 设PQ 上线元dx 处,E k 的方向如图(b )所示,则金属杆PQ 上的电动势为()()222202/2d d d 2/d d 2d cos d l R l t B x r l R t B r x θE E l k k PQ -=-==⋅=⎰⎰x E 讨论 假如金属棒PQ 有一段在圆外,则圆外一段导体上有无电动势 该如何求解8 -19 截面积为长方形的环形均匀密绕螺绕环,其尺寸如图(a)所示,共有N 匝(图中仅画出少量几匝),求该螺绕环的自感L .分析 如同电容一样,自感和互感都是与回路系统自身性质(如形状、匝数、介质等)有关的量.求自感L 的方法有两种:1.设有电流I 通过线圈,计算磁场穿过自身回路的总磁通量,再用公式IΦL =计算L .2.让回路中通以变化率已知的电流,测出回路中的感应电动势E L ,由公式t I E L L d /d =计算L .式中E L 和tI d d 都较容易通过实验测定,所以此方法一般适合于工程中.此外,还可通过计算能量的方法求解.解 用方法1 求解,设有电流I 通过线圈,线圈回路呈长方形,如图(b)所示,由安培环路定理可求得在R 1 <r <R 2 范围内的磁场分布为xNI μB π20=由于线圈由N 匝相同的回路构成,所以穿过自身回路的磁链为 12200ln π2d π2d 21R R hI N μx h x NI μN N ψS R R ==⋅=⎰⎰S B 则1220ln π2R R h N μI ψL = 若管中充满均匀同种磁介质,其相对磁导率为μr ,则自感将增大μr 倍.8 -20 如图所示,螺线管的管心是两个套在一起的同轴圆柱体,其截面积分别为S 1 和S 2 ,磁导率分别为μ1 和μ2 ,管长为l ,匝数为N ,求螺线管的自感.(设管的截面很小)分析 本题求解时应注意磁介质的存在对磁场的影响.在无介质时,通电螺线管内的磁场是均匀的,磁感强度为B 0 ,由于磁介质的存在,在不同磁介质中磁感强度分别为μ1 B 0 和μ2 B 0 .通过线圈横截面的总磁通量是截面积分别为S 1 和S 2 的两部分磁通量之和.由自感的定义可解得结果.解 设有电流I 通过螺线管,则管中两介质中磁感强度分别为I L N μnl μB 111==,I LN μnl μB 222== 通过N 匝回路的磁链为221121S NB S NB ΨΨΨ+=+=则自感2211221S μS μlN I ψL L L +==+= 8 -21 有两根半径均为a 的平行长直导线,它们中心距离为d .试求长为l的一对导线的自感(导线内部的磁通量可略去不计).分析 两平行长直导线可以看成无限长但宽为d 的矩形回路的一部分.设在矩形回路中通有逆时针方向电流I ,然后计算图中阴影部分(宽为d 、长为l )的磁通量.该区域内磁场可以看成两无限长直载流导线分别在该区域产生的磁场的叠加.解 在如图所示的坐标中,当两导线中通有图示的电流I 时,两平行导线间的磁感强度为()r d I μr I μB -+=π2π200 穿过图中阴影部分的磁通量为 aa d l μr Bl ΦS a d a -==⋅=⎰⎰-ln πd d 0S B 则长为l 的一对导线的自感为aa d l μI ΦL -==ln π0 如导线内部磁通量不能忽略,则一对导线的自感为212L L L +=.L 1 称为外自感,即本题已求出的L ,L 2 称为一根导线的内自感.长为l 的导线的内自感8π02l μL =,有兴趣的读者可自行求解. 8 -22 如图所示,在一柱形纸筒上绕有两组相同线圈AB 和A ′B ′,每个线圈的自感均为L ,求:(1) A 和A ′相接时,B 和B ′间的自感L 1 ;(2) A ′和B 相接时,A 和B ′间的自感L 2 .分析 无论线圈AB 和A ′B ′作哪种方式连接,均可看成一个大线圈回路的两个部分,故仍可从自感系数的定义出发求解.求解过程中可利用磁通量叠加的方法,如每一组载流线圈单独存在时穿过自身回路的磁通量为Φ,则穿过两线圈回路的磁通量为2Φ;而当两组线圈按(1)或(2)方式连接后,则穿过大线圈回路的总磁通量为2Φ±2Φ,“ ±”取决于电流在两组线圈中的流向是相同或是相反.解 (1) 当A 和A ′连接时,AB 和A ′B ′线圈中电流流向相反,通过回路的磁通量亦相反,故总通量为0221=-=ΦΦΦ,故L 1 =0.(2) 当A ′和B 连接时,AB 和A ′B ′线圈中电流流向相同,通过回路的磁通量亦相同,故总通量为ΦΦΦΦ4222=+=, 故L I ΦI ΦL 4422===. 本题结果在工程实际中有实用意义,如按题(1)方式连接,则可构造出一个无自感的线圈.8 -23 如图所示,一面积为4.0 cm 2 共50 匝的小圆形线圈A ,放在半径为20 cm 共100 匝的大圆形线圈B 的正中央,此两线圈同心且同平面.设线圈A 内各点的磁感强度可看作是相同的.求:(1) 两线圈的互感;(2) 当线圈B 中电流的变化率为-50 A·s-1 时,线圈A 中感应电动势的大小和方向.分析 设回路Ⅰ中通有电流I 1 ,穿过回路Ⅱ的磁通量为Φ21 ,则互感M =M 21 =Φ21I 1 ;也可设回路Ⅱ通有电流I 2 ,穿过回路Ⅰ的磁通量为Φ12 ,则21212I ΦM M == . 虽然两种途径所得结果相同,但在很多情况下,不同途径所涉及的计算难易程度会有很大的不同.以本题为例,如设线圈B 中有电流I 通过,则在线圈A 中心处的磁感强度很易求得,由于线圈A 很小,其所在处的磁场可视为均匀的,因而穿过线圈A 的磁通量Φ≈BS .反之,如设线圈A 通有电流I ,其周围的磁场分布是变化的,且难以计算,因而穿过线圈B 的磁通量也就很难求得,由此可见,计算互感一定要善于选择方便的途径.解 (1) 设线圈B 有电流I 通过,它在圆心处产生的磁感强度R I μN B B 200=穿过小线圈A 的磁链近似为 A B A A A A S RI μN N S B N ψ200== 则两线圈的互感为H 1028.6260-⨯===RS μN N I ψM A B A A (2)V 1014.3d d 4-⨯=-=tI M E A 互感电动势的方向和线圈B 中的电流方向相同.8 -24 如图所示,两同轴单匝线圈A 、C 的半径分别为R 和r ,两线圈相距为d .若r 很小,可认为线圈A 在线圈C 处所产生的磁场是均匀的.求两线圈的互感.若线圈C 的匝数为N 匝,则互感又为多少解 设线圈A 中有电流I 通过,它在线圈C 所包围的平面内各点产生的磁感强度近似为()2/322202d R IR μB +=穿过线圈C 的磁通为 ()22/32220π2r d R IR μBS ψC +==则两线圈的互感为 ()2/3222202πdR R r μI ψM +== 若线圈C 的匝数为N 匝,则互感为上述值的N 倍. 8 -25 如图所示,螺绕环A 中充满了铁磁质,管的截面积S 为2.0 cm 2 ,沿环每厘米绕有100 匝线圈,通有电流I 1 =4.0 ×10 -2 A ,在环上再绕一线圈C ,共10 匝,其电阻为0.10 Ω,今将开关S 突然开启,测得线圈C 中的感应电荷为2.0 ×10 -3C .求:当螺绕环中通有电流I 1 时,铁磁质中的B 和铁磁质的相对磁导率μr .分析 本题与题8 -8 相似,均是利用冲击电流计测量电磁感应现象中通过回路的电荷的方法来计算磁场的磁感强度.线圈C 的磁通变化是与环形螺线管中的电流变化相联系的. 解 当螺绕环中通以电流I 1 时,在环内产生的磁感强度110I n μμB r =则通过线圈C 的磁链为S I n μμN BS N ψr c 11022==设断开电源过程中,通过C 的感应电荷为q C ,则有()RS I n μμN ψR ψR qc r c c 110201Δ1=--=-= 由此得 T 10.02110===S N Rqc I n μμB r 相对磁导率1991102==I n μS N Rqc μr8 -26 一个直径为0.01 m ,长为0.10 m 的长直密绕螺线管,共1 000 匝线圈,总电阻为7.76 Ω.求:(1) 如把线圈接到电动势E =2.0 V 的电池上,电流稳定后,线圈中所储存的磁能有多少 磁能密度是多少*(2) 从接通电路时算起,要使线圈储存磁能为最大储存磁能的一半,需经过多少时间分析 单一载流回路所具有的磁能,通常可用两种方法计算:(1) 如回路自感为L (已知或很容易求得),则该回路通有电流I 时所储存的磁能221LI W m =,通常称为自感磁能.(2) 由于载流回路可在空间激发磁场,磁能实际是储存于磁场之中,因而载流回路所具有的能量又可看作磁场能量,即V w W V m m d ⎰=,式中m w 为磁场能量密度,积分遍及磁场存在的空间.由于μB w m 22=,因而采用这种方法时应首先求载流回路在空间产生的磁感强度B 的分布.上述两种方法还为我们提供了计算自感的另一种途径,即运用V w LI V m d 212⎰=求解L . 解 (1) 密绕长直螺线管在忽略端部效应时,其自感l S N L 2=,电流稳定后,线圈中电流RE I =,则线圈中所储存的磁能为J 1028.3221522202-⨯===lRSE N μLI W m 在忽略端部效应时,该电流回路所产生的磁场可近似认为仅存在于螺线管。

大学物理第8章变化的电磁场试题及答案.docx

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第8章变化的电磁场一、选择题1.若用条形磁铁竖直插入木质圆坏,则在坏中是否产生感应电流和感应电动势的判断](A)产生感应电动势,也产生感应电流(B)产生感应电动势,不产生感应电流(C)不产生感应电动势,也不产生感应电流(D)不产生感应电动势,产生感应电流T 8-1-1 图2.关于电磁感应,下列说法中正确的是[](A)变化着的电场所产生的磁场一定随吋间而变化(B)变化着的磁场所产生的电场一定随时间而变化(C)有电流就有磁场,没有电流就一定没有磁场(D)变化着的电场所产牛:的磁场不一定随时间而变化3.在有磁场变化着的空间内,如果没有导体存在,则该空间[](A)既无感应电场又无感应电流(B)既无感应电场又无感应电动势(C)有感应电场和感应电动势(D)有感应电场无感应电动势4.在有磁场变化着的空间里没有实体物质,则此空间屮没有[](A)电场(B)电力(C)感生电动势(D)感生电流5.两根相同的磁铁分别用相同的速度同时插进两个尺寸完全相同的木环和铜环内,在同一时刻,通过两环包闱面积的磁通量[](A)相同(B)不相同,铜环的磁通量大于木环的磁通量(C)不相同,木环的磁通量大于铜环的磁通量(D)因为木环内无磁通量,不好进行比佼_6.半径为G的圆线圈置于磁感应强度为一B的均匀磁场中,线圈平面与磁场方向垂直,线圈电阻为几当把线圈转动使其法向与〃的夹角曰=6(?时,线圈中通过的电量与线圈面积及转动的时间的关系是](A)与线圈面积成反比,与时间无关(B)与线圈面积成反比,与时间成正比(C)与线圈面积成正比,与时间无关(D)与线圈面积成正比,与时间成正比7.一个半径为r的圆线圈置于均匀磁场中,线圈平面与磁场方向垂直,线圈电阻为R・当线圈转过30。

时,以下各量中,与线圈转动快慢无关的量是[](A)线圈中的感应电动势(B)线圈中的感应电流(C)通过线圈的感应电量(D)线圈回路上的感应电场& 一闭合圆形线圈放在均匀磁场中,线圈平面的法线与磁场成30。

大学物理电磁学练习题及答案

大学物理电磁学练习题及答案

大学物理电磁学练习题及答案题目一:1. 电场和电势a) 一个均匀带电圆环上各点的电势如何?答:电场和电势是描述电荷之间相互作用的物理量。

对于一个均匀带电圆环上的各点,其电势是相同的,因为圆环上的每个点与圆心的距离相等且圆环上的电荷密度是均匀分布的。

所以,圆环上任意一点的电势与其它点是等势的。

b) 电势能和电势的关系是什么?答:电势能是电荷在电场中由于位置而具有的能量,而电势则是描述电荷因所处位置而具有的势能单位的物理量。

电势能和电势之间的关系可以用公式:电势能 = 电荷 ×电势来表示。

题目二:2. 高斯定律a) 高斯定律适用于哪些情况?答:高斯定律适用于具有球对称性、圆柱对称性和平面对称性的问题,其中球对称性是最常见和最简单的情况。

b) 高斯定律的数学表达式是什么?答:高斯定律的数学表达式是∮E·dA = ε₀q/ε,其中∮E·dA表示电场E通过闭合曲面积分得到的通量,ε₀是真空介电常数,q表示闭合曲面内的电荷总量,ε表示物质的介电常数。

题目三:3. 电动力学a) 什么是电感?答:电感是指电流在变化时产生的电磁感应现象所引起的抗拒电流的能力。

电感的单位是亨利(H)。

b) 电感的大小与什么因素有关?答:电感的大小与线圈的匝数、线圈的形状以及线圈中的铁芯材料的性质有关。

线圈匝数越多,电感越大;线圈形状越复杂,电感越大;线圈中的铁芯材料磁导率越大,电感越大。

题目四:4. 交流电路a) 直流电和交流电有什么区别?答:直流电是指电流方向始终保持不变的电流,而交流电是指电流方向以一定频率周期性地变化的电流。

直流电是恒定电流,交流电是变化电流。

b) 交流电流的形式有哪些?答:交流电流的形式可以是正弦波、方波、锯齿波等。

其中,正弦波是最常见和最基本的交流电流形式,用于描述交流电路中电压和电流的变化规律。

以上是关于大学物理电磁学练习题及答案的一些内容。

希望这些问题和答案能够帮助你更好地理解和学习物理电磁学的知识。

《大学物理》电磁感应练习题及答案

《大学物理》电磁感应练习题及答案

《大学物理》电磁感应练习题及答案一、简答题1、简述电磁感应定律答:当穿过闭合回路所围面积的磁通量发生变化时,不论这种变化是什么原因引起的,回路中都会建立起感应电动势,且此感应电动势等于磁通量对时间变化率的负值,即dtd i φε-=。

2、简述动生电动势和感生电动势答:由于回路所围面积的变化或面积取向变化而引起的感应电动势称为动生电动势。

由于磁感强度变化而引起的感应电动势称为感生电动势。

3、简述自感和互感答:某回路的自感在数值上等于回路中的电流为一个单位时,穿过此回路所围成面积的磁通量,即LI LI =Φ=Φ。

两个线圈的互感M M 值在数值上等于其中一个线圈中的电流为一单位时,穿过另一个线圈所围成面积的磁通量,即212121MI MI ==φφ或。

4、简述位移电流与传导电流有什么异同答:共同点:都能产生磁场。

不同点:位移电流是变化电场产生的(不表示有电荷定向运动,只表示电场变化),不产生焦耳热;传导电流是电荷的宏观定向运动产生的,产生焦耳热。

5 简述感应电场与静电场的区别?答:感生电场和静电场的区别6、写出麦克斯韦电磁场方程的积分形式。

答:⎰⎰==⋅s v q dv ds D ρ dS tB l E s L ⋅∂∂-=⋅⎰⎰d 0d =⋅⎰S S B dS t D j l H s l ⋅⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂+=⋅⎰⎰d 7、简述产生动生电动势物理本质答:在磁场中导体作切割磁力线运动时,其自由电子受洛仑滋力的作用,从而在导体两端产生电势差8、 简述磁能密度, 并写出其表达式答:单位体积中的磁场能量,221H μ。

9、 简述何谓楞次定律答:闭合的导线回路中所出现的感应电流,总是使它自己所激发的磁场反抗任何引发电磁感应的原因(反抗相对运动、磁场变化或线圈变形等).这个规律就叫做楞次定律。

10、全电流安培环路定理答:磁场强度沿任意闭合回路的积分等于穿过闭合回路围成的曲面的全电流 s d t D j l d H s e •⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂+=•⎰⎰二、选择题1、有一圆形线圈在均匀磁场中做下列几种运动,那种情况在线圈中会产生感应电流( D )A 、线圈平面法线沿磁场方向平移B 、线圈平面法线沿垂直于磁场方向平移C 、线圈以自身的直径为轴转动,轴与磁场方向平行D 、线圈以自身的直径为轴转动,轴与磁场方向垂直2、有两个线圈,线圈1对线圈2的互感系数为21M ,而线圈2对线圈1的互感系数为12M .若它们分别流过1i 和2i 的变化电流且dt di dt di 21<,并设由2i 变化在线圈1中产生的互感电动势为12ε,由1i 变化在线圈1中产生的互感电动势为21ε,下述论断正确的是( D )A 、 12212112,εε==M MB 、 12212112,εε≠≠M MC 、 12212112,εε>=M MD 、 12212112,εε<=M M3、对于位移电流,下列四种说法中哪一种说法是正确的 ( A )A 、位移电流的实质是变化的电场B 、位移电流和传导电流一样是定向运动的电荷C 、位移电流服从传导电流遵循的所有规律D 、位移电流的磁效应不服从安培环路定理4、下列概念正确的是 ( B )。

电磁场与电磁波(第三版)课后答案第5章

电磁场与电磁波(第三版)课后答案第5章

第五章习题解答5.1真空中直线长电流I 的磁场中有一等边三角形回路,如题 5.1图所示,求三角形回路内的磁通。

解根据安培环路定理,得到长直导线的电流I 产生的磁场2IrB e穿过三角形回路面积的磁通为d SB S32322[d ]d d 2db db zd dI I z z xxxx由题 5.1图可知,()tan63x d zx d ,故得到32d 3db dIx dxx3[ln(1)]223Ib d b d5.2通过电流密度为J 的均匀电流的长圆柱导体中有一平行的圆柱形空腔,如题 5.2图所示。

计算各部分的磁感应强度B ,并证明腔内的磁场是均匀的。

解将空腔中视为同时存在J 和J 的两种电流密度,这样可将原来的电流分布分解为两个均匀的电流分布:一个电流密度为J 、均匀分布在半径为b 的圆柱内,另一个电流密度为J 、均匀分布在半径为a 的圆柱内。

由安培环路定律,分别求出两个均匀分布电流的磁场,然后进行叠加即可得到圆柱内外的磁场。

由安培环路定律d CI B l,可得到电流密度为J 、均匀分布在半径为b 的圆柱内的电流产生的磁场为2222b b bbbbr bbr br J r B J r 电流密度为J 、均匀分布在半径为a 的圆柱内的电流产生的磁场为2222a a aaaar aar ar J r B J r 这里a r 和br 分别是点a o 和b o 到场点P 的位置矢量。

将aB 和bB 叠加,可得到空间各区域的磁场为圆柱外:22222babab a r rBJr r ()br b 圆柱内的空腔外:2022ba aar BJr r (,)b ar b r a 空腔内:22b aBJr r J d()ar a 式中d 是点和b o 到点a o 的位置矢量。

由此可见,空腔内的磁场是均匀的。

5.3下面的矢量函数中哪些可能是磁场?如果是,求其源变量J 。

dbIzx题 5.1 图Sbr ar Jboao ab题5.2图d(1) 0,r ar H e B H(圆柱坐标)(2) 0(),x y ay ax H e e BH(3) 0,x y axay H e e BH(4) 0,ar He BH (球坐标系)解根据恒定磁场的基本性质,满足0B 的矢量函数才可能是磁场的场矢量,否则,不是磁场的场矢量。

大学物理习题答案16

大学物理习题答案16

第十六章 电磁场P177.16.1 一条铜棒长为L = 0.5m ,水平放置,可绕距离A 端为L /5处和棒垂直的轴OO'在水平面内旋转,每秒转动一周.铜棒置于竖直向上的匀强磁场中,如图所示,磁感应强度B = 1.0×10-4T .求铜棒两端A 、B 的电势差,何端电势高.[解答]设想一个半径为R 的金属棒绕一端做匀速圆周运动,角速度为ω,经过时间d t 后转过的角度为d θ = ωd t ,扫过的面积为d S = R 2d θ/2,切割的磁通量为d Φ = B d S = BR 2d θ/2,动生电动势的大小为ε = d Φ/d t = ωBR 2/2.根据右手螺旋法则,圆周上端点的电势高.AO 和BO 段的动生电动势大小分别为22()2550AO B LBL ωωε==, 22416()2550BOB LBL ωωε==. 由于BO > AO ,所以B 端的电势比A 端更高,A 和B 端的电势差为2310BO AOBL ωεεε=-=242332π 1.010(0.5)1010BL ω-⨯⨯⨯=== 4.71×10-4(V). [讨论]如果棒上两点到O 的距离分别为L 和l ,则两点间的电势差为222()(2)222B L l Bl B L Ll ωωωε++=-=.16.2 一长直载流导线电流强度为I ,铜棒AB 长为L ,A 端与直导线的距离为x A ,AB 与直导线的夹角为θ,以水平速度v 向右运动.求AB 棒的动生电动势为多少,何端电势高?[解答]在棒上长为l 处取一线元d l ,在垂直于速度方向上的长度为 d l ⊥ = d l cos θ;线元到直线之间的距离为r = x A + l sin θ,直线电流在线元处产生的磁感应强度为图16.1图16.2002π2π(sin )A IIB rx l μμθ==+.由于B ,v 和d l ⊥相互垂直,线元上动生电动势的大小为0cos d d d 2π(sin )A Iv lBv l x l μθεθ⊥==+,棒的动生电动势为00cos d 2πsin LAIv lx l μθεθ=+⎰00cos d(sin )2πsin sin LA A Iv x l x l μθθθθ+=+⎰ 0sin cot ln2πA AIvx L x μθθ+=,A 端的电势高.[讨论](1)当θ→π/2时,cot θ = cos θ/sin θ→0,所以ε→0,就是说:当棒不切割磁力线时,棒中不产生电动势.(2)当θ→0时,由于sin sin sin lnln(1)A A A Ax L L L x x x θθθ+=+→,所以02πAIvLx με→,这就是棒垂直割磁力线时所产生电动势.16.3 如图所示,平行导轨上放置一金属杆AB ,质量为m ,长为L .在导轨上的一端接有电阻R .匀强磁场B 垂直导轨平面向里.当AB 杆以初速度v 0向运动时,求:(1)AB 杆能够移动的距离;(2)在移动过程中电阻R 上放出的焦耳热为多少? [分析]当杆运动时会产生动生电动势,在电路中形成电流;这时杆又变成通电导体,所受的安培力与速度方向相反,所以杆将做减速运动.随着杆的速度变小,动生电动势也会变小,因而电流也会变小,所受的安培力也会变小,所以杆做加速度不断减小的减速运动,最后缓慢地停下来.[解答](1)方法一:速度法.设杆运动时间t 时的速度为v ,则动生电动势为ε = BLv ,电流为I = ε/R ,所受的安培力为F = -ILB = -εLB/R = -(BL )2v/R ,负号表示力的方向与速度方向相反.取速度的方向为正,根据牛顿第二定律F = ma 得速度的微分方程为BA图16.32()d d BL v v m R t-=,即: 2d ()d v B L t v m R=-积分得方程的通解为21()ln BL v t C mR=-+.根据初始条件,当t = 0时,v = v 0,可得常量C 1 = ln v 0.方程的特解为20()exp[]BL v v t mR=-.由于v = d x /d t ,可得位移的微分方程20()d exp[]d BL x v t t mR=-,方程的通解为20()exp[]d BL x v t t mR =-⎰2022()exp[]()mRv BL t C BL mR-=-+, 当t = 0时,x = 0,所以常量为022()mRv C BL =. 方程的特解为202(){1exp[]}()mRv BL x t BL mR=--. 当时间t 趋于无穷大时,杆运动的距离为2()mRv x BL =. 方法二:冲量定理.根据安培力的公式可得F = -(BL )2v/R ,负号表示安培力与速度的方向相反.因此2()d d BL x F t R-=,根据冲量定理得d 0tF t mv=-⎰,即:杆所受的冲量等于杆的动量的变化量.积分后可得02()mv Rx BL =. (2)方法一:焦耳定律.杆在移动过程中产生的焦耳热元为222()d d d d BLv Q I R t t t R R ε===220()2()exp[]d BLv BL t t R mR=-整个运动过程中产生的焦耳热为2200()2()exp[]d BLv BL Q t t R mR ∞=-⎰222002()exp[]22mv mv BL t mR ∞-=-=, 即:焦耳热是杆的动能转化而来的.方法二:动能定理.由于I = ε/R ,其中ε = BLv = BL d x /d t ,而安培力为F = -ILB ,负号表示安培力的方向与杆运动的方向相反.因此焦耳热元为d Q = I 2R d t = I εd t = IBL d x = -F d x .负号表示安培力做负功.根据动能定理,磁场的安培力对杆所做的功等于杆的动能的增量,因此安培力在杆的整个运动过程中所做的功为201d (0)2W F x mv =-=--⎰, 所以产生的焦耳热为212Q W mv ==. [小结]在求杆的运动距离时,用冲量定理可避免解微分方程.在求焦耳热时用动能定理可避免积分运算.16.4 如图所示,质量为m 、长度为L 的金属棒AB 从静止开始沿倾斜的绝缘框架滑下.磁感应强度B 的方向竖直向上(忽略棒AB 与框架之间的摩擦),求棒AB 的动生电动势.若棒AB 沿光滑的金属框架滑下,设金属棒与金属框组成的回路的电阻R 为常量,棒AB 的动生电动势又为多少?[解答](1)棒的加速度为a = g sin θ,经过时间t ,棒的速度为v = at = (g sin θ)t ,而切割磁力线的速度为v ⊥ = v cos θ,所以棒的动生电动势为ε = BLv ⊥ = BLg (sin θcos θ)t = BLg (sin2θ)t /2.(2)设棒运动时间t 时的速度为v ,则动生电动势为图16.4ε = BLv cos θ,电流为I = ε/R ,所受的安培力的大小为F = ILB = εLB/R = (BL )2v cos θ/R ,其方向水平向右.安培力沿着斜面向上的分量为F' = F cos θ,其方向与速度的方向相反.取速度的方向为正,根据牛顿第二定律ΣF = ma 得速度的微分方程为2(cos )d sin d BL v vmg m R tθθ-=,即 2d d sin (cos )mRt v mgR BL vθθ=-, 方程可化为222d[sin (cos )]d (cos )sin (cos )mR mgR BL v t BL mgR BL vθθθθθ--=-. 积分得方程的通解为22ln[sin (cos )](cos )mR t mgR BL v C BL θθθ-=-+.根据初始条件,当t = 0时,v = 0,可得常量2ln(sin )(cos )mRC mgR BL θθ=, 方程的特解为22[sin (cos )]ln (cos )sin mR mgR BL v t BL mgR θθθθ--=, 棒的速度为22sin (cos ){1exp[]}(cos )mgR BL v t BL mRθθθ=--, 动生电动势为cos BLv εθ=2(cos )tan {1exp[]}mgR BL t BL mRθθ=--. [讨论]当时间t 趋于无穷大时,最终速度为2sin (cos )mgR v BL θθ=,最终电动势为tan mgRBL εθ=, 最终电流为tan mgI BLθ=. 另外,棒最终做匀速运动,重力做功的功率等于感生电流做功的功率,重力做功的功率为P = mg sin θv ,感生电流做功的功率为222(cos )BLv P I R R Rεθ===, 两式联立也可得2sin (cos )mgR v BL θθ=,由此可以求出最终电动势和电流.[注意]只有当物体做匀速运动时,重力所做的功才等于电流所做的功,否则,重力还有一部分功转换成物体的动能.16.5 电磁涡流制动器是一个电导率为ζ,厚度为t 的圆盘,此盘绕通过其中心的垂直轴旋转,且有一覆盖小面积为a 2的均匀磁场B 垂直于圆盘,小面积离轴r (r >>a ).当圆盘角速度为ω时,试证此圆盘受到一阻碍其转动的磁力矩,其大小近似地表达为M ≈B 2a 2r 2ωζt .[解答]电导率是电阻率的倒数ζ = 1/ρ.不妨将圆盘与磁场相对的部分当成长、宽和高分别为a 、a 和t 的小导体,其横截面积为S = at ,电流将从横截面中流过,长度为a ,因此其电阻为1l R S tρσ==. 宽为a 的边扫过磁场中,速度大小为v = r ω,产生的感生电动势为ε = Bav = Bar ω,圆盘其他部分的电阻远小于小导体的电阻,因此通过小导体的电流强度为I ≈ε/R = Bar ωζt ,所受的安培力为F = IaB ≈B 2a 2r ωζt ,其方向与速度方向相反.产生的磁力矩为M = Fr ≈B 2a 2r 2ωζt .其方向与角速度的方向相反.16.6 如图,有一弯成θ角的金属架COD 放在磁场中,磁感应强度B 的方向垂直于金图16.5t属架COD 所在平面,一导体杆MN 垂直于OD 边,并在金属架上以恒定速度v 向右滑动,v 与MN 垂直,设t = 0时,x = 0,求下列两情形,框架内的感应电动势εi .(1)磁场分布均匀,且B 不随时间改变; (2)非均匀的交变磁场B = Kx cos ωt . [解答](1)经过时间t ,导体杆运动的距离为X = vt ,杆的有效长度为l = X tan θ = v (tan θ)t , 动生电动势为εi = Blv = Bv 2(tan θ)t . (2)导体杆在t 时刻运动到X 处,在三角形中取一个面积元 d S = y d x , 由于y = x tan θ,所以d S = x tan θd x ,通过该面元的磁通量为d Φ = B d S = K cos ωt tan θx 2d x ,通过三角形的磁通量为20tan cos d XK t x x Φθω=⎰31tan cos 3K tX θω=331tan cos 3Kv t t θω=,感应电动势为d d i t Φε=-323tan (3cos sin )3kv t t t t θωωω=--,即: 32tan (sin 3cos )3i kv t t t t θεωωω=-.[注意]公式B = Kx cos ωt 中的x 是场点到O 点的距离,不一定是杆运动的距离,为了区别两个距离,杆的距离用X 表示.16.7 如图所示的回路,磁感应强度B 垂直于回路平面向里,磁通量按下述规律变化Φ = 3t 2 + 2t + 1,式中Φ的单位为毫韦伯,t 的单位为秒.求:(1)在t = 2s 时回路中的感生电动势为多少? (2)电阻上的电流方向如何?[解答](1)将磁通量的单位化为韦伯得 Φ = (3t 2 + 2t + 1)/103,感生电动势大小为ε = |d Φ/d t | = 2(3t + 1)/103.t = 2s 时的感生电动势为1.4×10-2(V).(2)由于原磁场在增加,根据楞次定律,感应电流所产生的磁场的方向与原磁场的方向相反,所以在线圈中感生电流的方向是逆时针的,从电阻的左边流向右边.O图16.6图16.716.8 如图所示的两个同轴圆形导体线圈,小线圈在大线圈上面.两线圈的距离为x ,设x 远大于圆半径R .大线圈中通有电流I 时,若半径为r 的小线圈中的磁场可看作是均匀的,且以速率v = d x /d t 运动.求x = NR 时,小线圈中的感应电动势为多少?感应电流的方向如何?[解答]环电流在轴线上产生的磁感应强度为20223/22()IR B x R μ=+, 当x >>R 时,磁感应强度为2032IRB xμ≈.小线圈的面积为S = πr 2,通过的磁通量为2203π2IR r BS x μΦ=≈, 当小线圈运动时,感应电动势为22043πd d 2IR r vt xμΦε=-≈, 当x = NR 时,感应电动势为20423π2Ir vN Rμε≈. 感应电流的磁场与原磁场的方向相同,感应电流的方向与原电流的环绕方向相同.16.9 如图所示,匀强磁场B 与矩形导线回路的法线n 成θ = 60°角,B = kt (k 为大于零的常数).长为L 的导体杆AB 以匀速v 向右平动,求回路中t 时刻的感应电动势的大小和方向(设t = 0时,x = 0).[解答]经过时间t ,导体杆运动的距离为 x = vt , 扫过的面积为 S = Lx = Lvt ,通过此面积的磁通量为Φ = B ·S = BS cos θ = Lvkt 2/2. 感应电动势的大小为ε = d Φ/d t = Lvkt .由于回路中磁通量在增加,而感应电流的磁通量阻碍原磁通量增加,其磁场与原磁场的方向相反,所以感应电动势的方向是顺时针的.16.10 长为b ,宽为a 的矩形线圈ABCD 与无限长直截流导线共面,且线圈的长边平行于长直导线,线圈以速度v 向右平动,t 时刻基AD 边距离长直导线为x ;且长直导线中的电流按I = I 0cos ωt 规律随时间变化,如图所示.求回路中的电动势ε.[解答]电流I 在r 处产生的磁感应强度为图16.8图16.902πIB rμ=,穿过面积元d S = b d r 的磁通量为0d d d 2πIbB S r rμΦ==,穿过矩形线圈ABCD 的磁通量为001d ln()2π2πx axIbIb x a r r xμμΦ++==⎰, 回路中的电动势为d d t Φε=-0d 11d [ln()()]2πd d b x a I x I x t x a x tμ+=-+-+ 00cos [ln()sin ]2π()I bx a av tt x x x a μωωω+=++. 显然,第一项是由于磁场变化产生的感生电动势,第二项是由于线圈运动产生的动生电动势. *16.11 如图,一个矩形的金属线框,边长分别为a和b (b 足够长).金属线框的质量为m ,自感系数为L ,忽略电阻.线框的长边与x 轴平行,它以速度v 0沿x 轴的方向从磁场外进入磁感应强度为B 0的均匀磁场中,B 0的方向垂直矩形线框平面.求矩形线框在磁场中速度与时间的关系式v = v (t )和沿x 轴方向移动的距离与时间的关系式x = x (t ).[解答]由于b 边很长,所以线框只有右边在做切割磁力线的运动.当线框速度为v 时,产生的动生电动势为ε = B 0av .当线框中的电流为i 时,产生的自感电动势的大小为d d L i Ltε=. 根据欧姆定律得ε + εL = iR ,由于不计电阻,所以有0d 0d iB av Lt+=. ① 右边所受的力为F = iaB 0,根据牛顿第二定律得0d d v iaB mt=, 微分得图16.10图16.11202d d d d i vaB m t t=, ②联立①和②式得微分方程2202()d 0d aB v v t mL+=, 这是简谐振动的微分方程,其通解为v A B =+.当t = 0时,v = v 0,所以A = v 0.加速度a t = d v /dt )A B =-+,当t = 0时,a t = 0,所以B = 0.速度方程为0v v =. 由于v = d x /d t ,所以0d d x v t v t ==⎰⎰00v C =+. 当t = 0时,x = 0,所以C = 0,所以位移方程为0x v =.16.12 如图所示的圆面积内,匀强磁场B 的方向垂直于圆面积向里,圆半径R = 12cm ,d B /d t = 10-2T·s -1.求图中a 、b 、c 三点的涡旋电场为多少(b 为圆心)?设ab = 10cm ,bc = 15cm . [解答](1)当点在磁场之中时,以b 为圆心,以r 为半径作一圆形环中,其周长为C = 2πr ,面积为S = πr 2.取环路的逆时针方向为正,根据右手螺旋法则,面积的法向方向垂直纸面向外。

电磁场与电磁波_章三习题答案

电磁场与电磁波_章三习题答案

第3章 恒定磁场点评:1、3-5题2()20m z z z Az B Az =∇⨯=-⨯∇+=-⨯=J M e e e ,这里用到了恒等式,课本344页A3-6()22==()20m Az BAz B Az φφφφ∇⨯=∇⨯+∇⨯+=∇⨯=-⨯∇+=-⨯=z z z z A A AA e e e e 当,J M2、3-17题。

这是一个近似求解,题目表述不太清楚。

这里应该是l 1>>l 2,因为l 1>>l 2,因此w 1影响可以忽略不计。

1、一个半径为a 的导体球带电荷量为Q ,以匀角速度ω 绕一个直径旋转,求球心处的磁感应强度B 。

解:球面上的电荷面密度为:24s Q a ρπ= 当球体以均匀角速度ω绕一直径旋转时,球面上位置矢量r a =r e 点处的电流线密度为:sin sin 4s s s s z r s a a Q a ϕϕρρρωωρθωθπ⨯⨯=J =v =r =e e e =e ω 图3-1将球面划分为无数个宽度为dl ad θ=的细圆环,则球面上任一个宽度为dl ad θ=的细圆环的电流为sin 4s Q d dI J dl ωθθπ== 细圆环的半径为sin b a θ=,圆环平面到球心的距离|cos |d a θ=,利用电流圆环的轴线上的磁场公式可得该细圆环电流在球心处产生的磁感应强度为:2233000223/222223/2s i n s i n 2()8(s i n c o s )8z z z b d IQ a d Q d d b d a a a μμωθθμωθθπθθπ===++B e e e 故整个球面电流在球心处产生的磁感应强度为:3000sin 86z z Q d Q a aπμωθθμωππ==⎰B e e3、若无限长半径为a 的圆柱体中电流密度2(4)z r r =+J e ,r ≤a ,试求圆柱体内外的磁感应强度。

解:取圆柱坐标系,当r ≤a 时,通过半径为r 的圆柱电流为222430018(4)(4)23r i z z s s I J ds e r r e ds d r r rdr r r πφπ⎛⎫=⋅=+⋅=+=+ ⎪⎝⎭⎰⎰⎰⎰ 由 0r l B dl I μ⋅=⎰ 求得 3201443r r ϕμ⎛⎫=+⎪⎝⎭B e 当r ≥a 时 ()224300018423a I d r r rdr a a πφπ⎛⎫=+=+ ⎪⎝⎭⎰⎰ 由 00lB dl I μ⋅=⎰ 求得 4301443a a r ϕμ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭B e 5、半径为a 的磁介质球,其磁化强度为2()z Az B =+M e ,其中A 、B 均为常数。

电磁场与电磁波第八章习题及参考答案

电磁场与电磁波第八章习题及参考答案

第八章 电磁辐射与天线8.1 由(8.1-3)式推导(8.1-4)及(8.1-5)式。

解)sin ˆcos ˆ(4θθθπμ-=-rrIdle A jkrρ (8.1-3) 代入A H ρρ⨯∇=μ1,在圆球坐标系ˆsin ˆˆsin 112θ∂ϕ∂∂θ∂∂∂ϕθθθμμrA A rr r rr A H r=⨯∇=ρρ)]cos ()sin ([4ˆ])([sin sin ˆ2r e e r r Idl A rA r r r jkr jkr r θθθπϕθθμθϕθ--∂∂--∂∂=∂∂-∂∂=可求出H ρ的3个分量为jkre kr kr j Idl k H -+=))(1(sin 422θπϕ (8.1-4) 0==θH H r将上式代入E j H ρρωε=⨯∇,可得到电场为H j E ρρ⨯∇=ωε1ϕθ∂ϕ∂∂θ∂∂∂ϕθθθωεH r rr r rr j sin 0ˆsin ˆˆsin 12=代入ϕH 得jkrr e kr kr j Idl k j E -+-=))(1)((cos 2323θπωε jkr e kr jkr kr j Idl k E --+=))()(1(sin 4323θπωεθ (8.1-5) 0=ϕE8.2 如果电流元yIl ˆ放在坐标原点,求远区辐射场。

解 解1 电流元yIl ˆ的矢量磁位为 jkr e rIl y A -=πμ4ˆρ 在圆球坐标系中jkry r e rIl A A -==πϕθμϕθ4sin sin sin sinjkry e rIl A A -==πϕθμϕθθ4sin cos sin cosjkry e rIl A A -==πϕμϕϕ4cos cos由A H ρρ⨯∇=μ1,对远区辐射场,结果仅取r1项,得jkre rIl jH -=λϕθ2cos jkre r Il j H --=λϕθϕ2sin cos根据辐射场的性质,E r ZH ρρ⨯=ˆ1得 jkre r Il jZ E --=λϕθθ2sin cosjkre r Il jZ E --=λϕϕ2cos解2 根据 jkR e RRl Id jH -⨯=λ2ˆρρ (8.1-13) RH Z E ˆ⨯=ρρ (8.1-14) ϕϕϕθθϕθcos ˆsin cos ˆsin sin ˆˆˆ++==r y lr Rˆˆ≈ ϕθϕθϕcos ˆsin cos ˆˆˆ+-=⨯rl ϕϕϕθθcos ˆsin cos ˆˆ)ˆˆ(--=⨯⨯r rl jkRer Idl j H -=λ2ρ)cos ˆsin cos ˆ(ϕθϕθϕ+- jkR erIdl jZ H -=λ2ρ)cos ˆsin cos ˆ(ϕϕϕθθ--8.3 三副天线分别工作在30MHz,100MHz,300MHz,其产生的电磁场在多远距离之外主要是辐射场。

中考物理电磁场的应用历年真题及答案解析

中考物理电磁场的应用历年真题及答案解析

中考物理电磁场的应用历年真题及答案解析一、选择题1. 将导线AB由远及近地移到极点N处.若过程中导线AB与磁感应强度矢量B的夹角始终保持不变,则磁感应强度矢量B应A. 垂直于AB;B. 与AB夹角由小变大;C. 与AB夹角由大变小;D. 与AB夹角始终夹角保持不变。

解析:D。

根据电磁感应定律可知,在磁感应强度矢量B保持不变的情况下,导线AB的速度方向与磁感应强度矢量B的方向相垂直,故选D。

2. 电感为1H的电感线圈放入电流变化为i=√2sin(100πt) (A)的电路中.线圈中的感应电动势最大值为A. 2V;B. πV;C. √2V;D. 2πV。

解析:A。

根据电感中的感应电动势公式可知,感应电动势的最大值为Ldi/dt,其中L为电感的大小,di/dt为电流变化率。

由题可知,电感为1H,电流变化为i=√2sin(100πt) (A),电流变化率最大值为100π√2 A/s,带入公式计算得到感应电动势的最大值为2V,故选A。

二、填空题1. 在电磁铁中,电线圈的匝数\(\displaystyle N=50\),通过电流为\(\displaystyle I=3A\),磁感应强度为\(\displaystyle B=?\) (T)。

解析:根据电磁铁中磁感应强度的计算公式可知,\(\displaystyleB=\dfrac{\mu _{0}NI}{L}\),其中,\(\displaystyle \mu _{0}=4\pi \times 10^{-7}\ T\cdot m/A\)为真空中的磁导率,\(\displaystyle N\)为电线圈的匝数,\(\displaystyle I\)为通过电流,\(\displaystyle L\)为电线圈长度。

带入已知数据计算可得,\(\displaystyle B=\dfrac{4\pi \times 10^{-7}\times 50\times 3}{1}=3.77\times 10^{-5}\ T\),故\(\displaystyle B\)约为\(\displaystyle 3.77\times 10^{-5}\ T\)。

电磁场与电磁波第三版-郭辉萍-第三章习题答案

电磁场与电磁波第三版-郭辉萍-第三章习题答案

电磁场与电磁波第三版-郭辉萍-第三章习题答案第一题问题一个磁感应强度为B的均匀磁场,在其中有一个长为l、电阻为R的长直导线。

导线与磁感应强度方向成夹角θ。

若导线被引出的两个端头A、B相距d,则导线两个端头的电势差是多大?解答根据电磁感应定律,导线两个端头的电势差可以通过导线所受的磁场力与电阻的乘积来计算。

设电流的方向与磁场方向成夹角α,则磁场力的大小为F = BIL sinα,其中I为电流的大小。

电流可以通过欧姆定律来计算,即I = U / R,其中U为电阻两端的电势差。

将电流的表达式代入磁场力的表达式中,得到F = B(U / R)l sinα。

根据电势差的定义,有U = Fd = B(U / R)l sinα * d. 移项整理得到U(1 - Bld sinα / R) = 0,解得U = 0 或者 1 - Bld sinα / R = 0。

如果U = 0,则代表导线两个端头的电势差为0,即没有电势差。

这种情况下,导线两个端头之间的电势相等。

如果1 - Bld sinα / R = 0,则导线两个端头的电势差为U = Bld sinα / R。

综上所述,导线两个端头的电势差为U = Bld sinα / R。

第二题问题一个半径为R的导线圈,通过其中的电流为I,产生的磁感应强度为B。

若导线圈的匝数为N,导线圈中心处的磁感应强度是多少?解答根据长直导线的磁场公式,通过导线圈中心点的磁感应强度的大小可以通过长直导线的磁场公式来计算。

长直导线的磁场公式为B = μ0I / (2πd),其中B为磁感应强度,μ0为真空中的磁导率,I为电流的大小,d为测量点到导线的距离。

对于导线圈来说,可以将导线分成无数个长直导线,然后将它们对应的磁场强度相加。

考虑到导线圈的几何形状,可以得到导线圈中心处的磁感应强度的大小为Bm = N * B,其中Bm为导线圈中心处的磁感应强度,N为导线圈的匝数,B为单根导线产生的磁感应强度。

电磁场与电磁波课后习题及答案五章习题解答

电磁场与电磁波课后习题及答案五章习题解答

五章习题解答真空中直线长电流I 的磁场中有一等边三角形回路,如题图所示,求三角形回路内的磁通。

解 根据安培环路定理,得到长直导线的电流I 产生的磁场02I rφμπ=B e 穿过三角形回路面积的磁通为d S ψ==⎰B S 32320002[d ]d d 2d b d b z ddII zz x x x xμμππ=⎰ 由题图可知,()tan63z x d π=-=,故得到320d 3d b d x d x x ψπ-==⎰03[23I b b μπ 通过电流密度为J 的均匀电流的长圆柱导体中有一平行的圆柱形空腔,如题图所示。

计算各部分的磁感应强度B ,并证明腔内的磁场是均匀的。

解 将空腔中视为同时存在J 和J -的两种电流密度,这样可将原来的电流分布分解为两个均匀的电流分布:一个电流密度为J 、均匀分布在半径为b 的圆柱内,另一个电流密度为J -、均匀分布在半径为a 的圆柱内。

由安培环路定律,分别求出两个均匀分布电流的磁场,然后进行叠加即可得到圆柱内外的磁场。

dbIz题 图d S由安培环路定律d CI μ⋅=⎰B l ,可得到电流密度为J 、均匀分布在半径为b 的圆柱内的电流产生的磁场为 020222b b b b b b r b b r b r J r B J r μμ⎧⨯<⎪⎪=⎨⨯⎪>⎪⎩ 电流密度为J -、均匀分布在半径为a 的圆柱内的电流产生的磁场为 020222a a a a a a r a a r a r J r B J r μμ⎧-⨯<⎪⎪=⎨⨯⎪->⎪⎩这里a r 和b r 分别是点a o 和b o 到场点P 的位置矢量。

将a B 和b B 叠加,可得到空间各区域的磁场为圆柱外:22222b a ba b a r r B J r r μ⎛⎫=⨯- ⎪⎝⎭ ()b r b > 圆柱内的空腔外:2022b a a a r B J r r μ⎛⎫=⨯- ⎪⎝⎭ (,)b a r b r a <> 空腔内: ()0022b a B J r r J d μμ=⨯-=⨯ ()a r a < 式中d 是点和b o 到点a o 的位置矢量。

电磁场与电磁波典型习题及答案(恒定磁场)

电磁场与电磁波典型习题及答案(恒定磁场)

=
8 r
+ 3cotθ

0 ,F
不表示磁感应强度
B。
e) ∇ ⋅ F = − ∂A + ∂A = 0 (A 为常数), J = ∇ ⋅ B = ∇ ⋅ F = 0
∂x ∂y
µ0
µ0
f) ∇ ⋅ F = 1 ∂ (r3r) + ∂2 = 6 ≠ 0 ,F 不表示磁感应强度 B。
r ∂r
∂z
4-4 无限长直线电流垂直于磁导率分别为 µ1 和 µ2 的两种介质的分界面,试求: (1) 两种介质中的磁感应强度 B1 和 B2;(2) 磁化电流分布。
B0x = 0.002 , B0 y = 0.5 , B0z = 0

B0 = ex 0.002 + e y 0.5
4-13 真空中有一厚度为 d 的无限大载流块,电流密度为 ez J0 ,在其中心位置有 一半径为 a 的圆柱形空腔。求腔内的磁感应强度。
解:设空腔中同时存在有密度为 ±ez J0 的电流,则可利用安培环路定律和迭加原 理求出空腔内的 B 。
+ π (r 2
− a12 )J 2 ] ⇒
B
=

⎜⎜⎝⎛
10 3
r
− 10−5 r
⎟⎟⎠⎞
当r
>
a2 时,有 B
= eφ
µ0I 2π r
=

2 ×10−5 r
4-8 已知在半径为 a 的圆柱区域内有沿轴向方向的电流,其电流密度为
J
= ex
J0r a
,其中 J0 为常数,求圆柱内外的磁感应强度。
1 r
d (r 1) = 0 dr r
在 r=0 处, 具有奇异性。以 z 轴为中心作一个圆形回路 c,由安培环路定律得

电磁场与电磁波第三版课后答案 谢处方

电磁场与电磁波第三版课后答案  谢处方

第一章习题解答1.1 给定三个矢量A 、B 和C 如下:23x y z =+-A e e e4y z =-+B e e52x z =-C e e求:(1)A a ;(2)-A B ;(3)A B g ;(4)AB θ;(5)A 在B 上的分量;(6)⨯A C ;(7)()⨯A B C g 和()⨯A B C g ;(8)()⨯⨯A B C 和()⨯⨯A B C 。

解 (1)23A x y z +-===-e e e A a e e e A(2)-=A B (23)(4)x y z y z +---+=e e e ee 64x y z +-=e e e (3)=A B g (23)x y z +-e e e (4)y z -+=e e g -11(4)由cos AB θ===A B A B g ,得1cos AB θ-=(135.5=o(5)A 在B 上的分量 B A =A cos AB θ==A B B g(6)⨯=A C 123502xy z-=-e e e 41310x y z ---e e e(7)由于⨯=B C 041502x y z-=-e e e 8520x y z ++e e e⨯=A B 123041xyz-=-e e e 1014x y z ---e e e所以 ()⨯=A B C g (23)x y z +-e e e g (8520)42x y z ++=-e e e()⨯=A B C g (1014)x y z ---e e e g (52)42x z -=-e e(8)()⨯⨯=A B C 1014502x y z---=-e e e 2405x y z -+e e e()⨯⨯=A B C 1238520x y z -=e e e 554411x y z --e e e1.2 三角形的三个顶点为1(0,1,2)P -、2(4,1,3)P -和3(6,2,5)P 。

(1)判断123PP P ∆是否为一直角三角形; (2)求三角形的面积。

大学物理2磁学与电磁感应试题及答案(新)

大学物理2磁学与电磁感应试题及答案(新)

磁学练习答案: 磁学练习(打*为选做题)一. 选择题:1. 在磁感强度为B的均匀磁场中作一半径为r 的半球面S ,S 边线所在平面的法线方向单位矢量n与B 的夹角为α ,则通过半球面S 的磁通量(取弯面向外为正)为 [ A ](A) -πr 2B cos α.(B) -πr 2B sin α. (C) 2 πr 2B . (D) πr 2B . 2. 通有电流I 的无限长直导线有如图三种形状,则C ,O ,A 各点磁感强度的大小B C ,B O ,B A 间的关系为:[ B ] (A) B O > B A > B C . (B) B O > B C > B A (C )B C > B O > B A .(D) B A > B C > B O . 3.无限长的载流导体电流密度均匀,电流沿导体长度方向流动,其在空间产生的磁场如图中曲线表示B -x 的关系(半径为导体R ,x 坐标轴垂直导体轴线,原点在中心轴线),此载流导体为[ B ] (A )无限长圆柱体 (B )空心长圆筒形导体 (C )无限长直导线 (D )无限长半圆柱体4. 如图,两根直导线ab 和cd 沿半径方向被接到一个截面处处相等的铁环上,稳恒电流I 从a 端流入而从d 端流出,则磁感强度B 沿图中闭合路径L 的积分⎰⋅Ll Bd 等于[ A ](B)I 0μ.(C) 3/20I μ. (D) 6/0I μ . [ A ]5.2063一均匀磁场,磁场方向垂直纸面向里,有四个质量、电荷大小均相等的带电粒子,在O 点沿相同方向垂直于磁感线射入均匀磁场后的偏转轨迹如图,四个粒子中动能最大的带负电的粒子的轨迹是(A) Oa . (B) Ob .(C) Oc . (D) Od . [ B ] 6.2464xRO把通电的直导线放在蹄形磁铁磁极的上方,如图所示.导线可以自由活动,且不计重力.当导线内通以如图所示的电流时,导线将(A) 不动.(B) 顺时针方向转动(从上往下看).(C) 逆时针方向转动(从上往下看),然后下降.(D) 顺时针方向转动(从上往下看),然后下降.(E) 逆时针方向转动(从上往下看),然后上升.[ D ]7. 2518有甲乙两个带铁芯的线圈如图所示.接通甲线圈电源后,抽出甲中铁芯,则乙线圈中产生感生电流情况,则(A) 无感生电流产生.(B) 感生电流的方向a到b方向.(C) 感生电流的方向b到a方向.[ C ]8.2314如图所示,M、N为水平面内两根平行金属导轨,ab与cd为垂直于导轨并可在其上自由滑动的两根直裸导线.外磁场垂直水平面向上.当外力使ab向右平移时,cd(A) 向左移动.(B) 向右移动.(C) 不动.(D) 转动.[ B ]9. 5138在一自感线圈中通过的电流I随时间t的变化规律如图(a)所示,若以I的正流向作为 的正方向,则代表线圈内自感电动势 随时间t变化规律的曲线应为图(b)中(A)、(B)、(C)、(D)中的哪一个?[ C ]10.2564甲乙bNtt ttt(b)(a)如图,两根导线沿半径方向引到铁环(半径为r )的上A 、B 两点,并在很远处与电源相连,则环中心的磁感强度为 (A)2032rI μ (B) 0(C)r I 80μ (D) 22rI πμ [ B ]11.2420在圆柱形空间内有一磁感强度为B 的均匀磁场,如图所示.B的大小以速率d B /d t 变化.在磁场中有A 、B 两点,其间可放直导线AB 和弯曲的导线AB ,则 (A) 电动势只在AB 导线中产生. (B) 电动势只在AB 导线中产生. (C) 电动势在AB 和AB 中都产生,且两者大小相等.(D) AB 导线中的电动势小于AB 导线中的电动势. [ D ] 12.2148半径为r 的小绝缘圆环,置于半径为R 的大导线圆环中心,二者在同一平面内,且r <<R .在大导线环中通有正弦电流(取逆时针方向为正)I =I 0sin ωt ,其中ω、I 0为常数,t 为时间,则任一时刻小线环中感应电动势(取逆时针方向为正)为 (A)t I Rrωωμcos 202π (B) t I R r ωωμcos 2020π-(C)t I Rrωωμsin 202π (D) t I Rrωωμsin 202π-[ B ]13.2690一根直导线长为L 在磁感强度为B 的均匀磁场中以速度 v运动切割磁力线.导线中对应于非静电力的场强(称作非静电场场强)KE为:(A) B V⨯ (B) V B ⨯(C) VBL (D) l d B V L⋅⨯⎰)( [ A ]14. 5468电流I 由长直导线1沿垂直bc 边方向经a 点流入由电阻均匀的导线构成的正三角形线框,再由b 点流出,经长直导线2沿cb 延长线方向返回电源(如图).若载流直导线1在O 点产生的磁感强度为1B, 2和三角形框中的电流在框中心O 点产生的磁感强度分别用2B 和3B表示,则O 点的磁感强度大小(A)B ≠ 0,因为虽然B 3 = 0、B 1= 0,但B 2≠ 0.(B) B = 0,因为虽然B 1≠ 0、B 2≠ 0,但021=+B B,B 3 = 0.(C) B = 0,因为B 1 = B 2 = B 3 = 0.(D) B ≠ 0,因为虽然021≠+B B ,但3B≠ 0. [ A ]15. 5121在图(a)和(b)中各有一半径相同的圆形回路L 1、L 2,圆周内有电流I 1、I 2,其分布相同,且均在真空中,但在(b)图中L 2回路外有电流I 3,P 1、P 2为两圆形回路上的对应点,则:(A) =⎰⋅1d L l B⎰⋅2d L l B, 21P P B B =(B) ≠⎰⋅1d L l B⎰⋅2d L l B, 21P P B B =.(C) ≠⎰⋅1d L l B⎰⋅2d L l B, 21P P B B ≠.(D) =⎰⋅1d L l B⎰⋅2d L l B ,21P P B B ≠. [ D ]16. 2059一匀强磁场,其磁感强度方向垂直于纸面(指向如图),两带电粒子在该磁场中的运动轨迹如图所示,则 (A) 两粒子的动量大小必然不同. (B) 两粒子的运动周期必然不同.(C) 粒子的电荷可以同号也可以异号.(D) 两粒子的电荷必然同号. [ C ]17 2092L 1 2I 3(a)(b)⊙两个同心圆线圈,大圆半径为R ,通有电流I 1;小圆半径为r ,通有电流I 2,方向如图.若r << R (大线圈在小线圈处产生的磁场近似为均匀磁场),当它们处在同一平面内时小线圈所受磁力矩的大小为 (A) 0 . (B)RrI I 22210μ.(C) rR I I 22210πμ. (D)Rr I I 22210πμ. [ A ]18. 2315如图所示,直角三角形金属框架abc 放在均匀磁场中,磁场B平行于ab 边,bc 的长度为l .当金属框架绕ab 边以匀角速度ω转动时,abc 回路中的感应电动势ε和a 、c 两点间的电势差U a – U c 为 (A)ε =0, U a – U c =221l B ω. (B)ε =2l B ω,U a – U c =221l B ω. (C)ε =2l B ω,U a – U c =221l B ω-.(D) ε =0,U a – U c =221l B ω-. [ D ]二、填空题1.2004磁场中某点的磁感强度为B ,在该点放一个小的载流试验线圈(可以确定该点的磁感强度,其大小等 于放在该点处试验线圈所受的__最大磁力矩___和线圈的_磁矩___的比值. *2.2558在真空中,半径为R 的细导线环中的通有电流,离环上所有点的距离皆等于r (r ≥R )的一点处的磁感强度大小为B 0 ,则细导线环中通有的电流I =2302Rr B μ 。

大学物理第十二章 习题答案

大学物理第十二章 习题答案

第十二章 电磁感应及电磁场基本方程12–1 如图12-1所示,矩形线圈abcd 左半边放在匀强磁场中,右半边在磁场外,当线圈以ab 边为轴向纸外转过60º过程中,线圈中 产生感应电流(填会与不会),原因是 。

解:线圈以ab 边为轴向纸外转过60º过程中,尽管穿过磁感应线的线圈面积发生了变化,但线圈在垂直于磁场方向的投影的面积并未发生变化,因而穿过整个线圈的磁通量并没有发生变化,所以线圈中不会产生感应电流。

因而应填“不会”;“通过线圈的磁通量没有发生变化”。

12–2 产生动生电动势的非静电力是 力,产生感生电动势的非静电力是 力。

解:洛仑兹力;涡旋电场力(变化磁场激发的电场的电场力)。

12–3 用绝缘导线绕一圆环,环内有一用同样材料导线折成的内接正方形线框,如图12-2所示,把它们放在磁感应强度为B 的匀强磁场中,磁场方向与线框平面垂直,当匀强磁场均匀减弱时,圆环中与正方形线框中感应电流大小之比为___________。

解:设圆环的半径为a,圆环中的感应电动势1E 大小为2111d d d πd d d ΦB BS a t t t===E 同理,正方形线框中的感应电动势2E 大小为2212d d d 2d d d ΦB BS a t t t===E而同材料的圆环与正方形导线的电阻之比为12R R ==。

所以圆环与正方形线框中的感应电流之比为122I I a ==12–4 如图12-3所示,半径为R 的3/4圆周的弧形刚性导线在垂直于均匀磁感强度B 的平面内以速度v 平动,则导线上的动生电动势E = ,方向为 。

图12–5图12–4abdc图12–1Ba图12–2图12–3解:方法一:用动生电动势公式()d l =⨯⋅⎰B l v E 求解。

选积分路径l 的绕行方向为顺时针方向,建立如图12-4所示的坐标系,在导体上任意处取导体元d l ,d l 上的动生电动势为d ()d cos d B R θθ=⨯⋅B l =v v E所以导线上的动生电动势为3π3πd cos d 0BRBR θθ-===>⎰⎰v E E由于ε>0,所以动生电动势的方向为顺时方向,即bca 方向。

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第1章 矢 量 分 析1.1 什么是场?什么是矢量场?什么是标量场?什么是静态场?什么是时变场?答:如果在空间某一个区域内上任意一点都有一确定物理量值与之对应,则这个区域就构了一个物理量的场。

如果这个确定物理量值是一个标量(只有大小没有方向),我们称这种场为标量场,如温度场、密度场、电位场等等。

如果这个确定物理量值是一个矢量(既有大小又有方向),我们称这种场为矢量场,如电场、磁场、重力场等等。

如果在场中的这个物理量仅仅是空间位置的函数,而不是时间的函数(即不随时间变化的场),我们称这种场为静态场。

如果在场中的这个物理量不仅仅是空间位置的函数,而且还是时间的函数(即随时间变化的场),我们称这种场为时变场。

1.2 什么是标量?什么是矢量?什么是常矢?什么是变矢?什么是单位矢量?答:一个物理量如果仅仅只有大小的特征,我们称此物理量为标量。

例如体积、面积、重量、能量、温度、压力、电位等。

如果一个物理量不仅仅有大小,而且还具有方向的特征,我们称此物理量为矢量。

例如电场强度,磁感应强度、电位移矢量、磁场强度、速度、重力等。

一个矢量如果其大小和方向都保持不变的矢量我们称之为常矢。

如果矢量的大小和方向或其中之一是变量的矢量称为变矢。

矢量与矢量的模值的比值,称为单位矢量。

即模值为1的矢量称为单位矢量 1.3什么是等值面?什么是等值面方程?什么是等值线?什么是等值线方程?答:在标量场中许多相同的函数值(他们具有不同的位置)。

构成的曲面,称为等值面。

例如,温度场中由相同温度构成的等温面,电位场中相同电位构成的等位面等都是等值面。

描述等值面的方程称为等值面方程。

假定()z y x u ,,是坐标变量的连续可微函数。

则等值面方程可表述为 ()C z y x u =,, (c 为任意常数)在标量场中平面中相同的函数值构成的曲线,称为等值线。

描述等值线的方程称为等值线方程。

假定()y x u ,是坐标变量的连续可微函数。

则等值线方程可表述为 ()C y x u =, (c 为任意常数) 1.4求下列电场的等位线方程 (1) z x =ϕ, (2) 224y x +=ϕ 解:根据等值线方程的定义即电位函数应为一常数,所以等位线方程为⑴ xz c ==ϕ,即 z cx =; ⑵ c 422=+=y x ϕ 即 k y ==+c4x 22 (为常数k )1.5 求下电场的等值面方程 1) 1222z y x ++=ϕ, 2) )z -z ()()x -= 202020+++y y x (ϕ, 3))++ln(=222z y x ϕ 解:根据等值面方程的定义即电位函数应为一常数,所以等位面方程为⑴ c1222=++=z y x ϕ 即 2222c 1k z y x ==++ ⑵ c )z -z ()()x -= 202020=+++y y x (ϕ 即 22202020)()()(k c z z y y x x ==-+-+- ⑶ ()c z y x =++222ln 即 2222k e z y x c ==++,(k 为常数)1.6 什么方向导数?什么梯度?梯度与方向导数的关系?答:在标量场中任一点在某一方向上的变化率称为方向导数。

在任意一个给定点所有方向上方向导数的最大值,称为该点的梯度梯度是在某一点所有方向导数的最大值;而方向导数是梯度在某一方向上的投影。

1.7求函数222z y x u ++=在点M(0,1,1) 沿22z y x e e e l ++= 方向的方向导数。

解:在求解方向导数时首先要求出标量函数对坐标轴各变量的变化率,然后求出沿l 方向的方向余弦,带入方向导数公式,即 222222222zy x z zu zy x y yuzy x x xu ++=∂∂++=∂∂++=∂∂在点M(1,0,1) 有 21021=∂∂=∂∂=∂∂z u yu xu l 的方向余弦是32cos 32cos 312211cos 222===++=αβα 由式得 2132213203121=⨯+⨯+⨯=∂∂M lu1.8求函数222z y x u ++= 在点M(0,1,1)的梯度。

解:根据梯度计算公式得zy x z u y u x u u e e e ∂∂+∂∂+∂∂=∇ 即2221021=++=∇u 1.9什么是矢量线?什么是通量?什么是散度?答:在矢量场中用一些有向曲线来描述矢量场,如果曲线上每一点的切线方向都表示该点的矢量场的方向,这些曲线称为矢量线。

在矢量场中任意矢量F 沿有向曲面S 的积分称为矢量F 通过该有向曲面S 的通量。

即 0s sF ds F n ds φ=⋅=⋅⎰⎰在矢量场F 中的任一点P 作一包围该点的任意闭合面s ,并使s 所限定的体积τ∆以任意方式趋于零时,穿出该闭合面s 的通量与 s 所限定体积τ∆比值的极限值称为矢量场F 在点P 的散度,记作divF (读作散度F )。

即lim lim ssF ds F n ds divF ττττ∆→∆→⋅⋅==∆∆⎰⎰蜒1.10求矢量场中矢量A e e e =++x y z x y z 2 经过点M(1,2,3)的矢量线方程。

解:在矢量场中任意矢量可以表示为x x y y z z A e e e =++A A A 和矢量方程z y x A dz A dy A dx ==可得 zz yy xx 2d d d ==解微分方程,可得 x c y 1=,22x c z =将点M (.,.,.)102030的坐标代入,可得 21=c ,32=c矢量线方程为 x y 2=,23x z = 1.11设s 是上半球面()02222≥=++z a z y x ,它的单位法线矢量0n 与oz 轴的夹角是锐角,求矢量场z e y e x e r z y x ++= 向0n 所指的一侧穿过s 的通量。

[提示:r 与0n 同指向]解:根据题意选取球坐标则矢量 r z y x ae z y x =++=e e e r , 而球面上任意微元面积为2sin r r r ds dl dl e r d d e θϕθθϕ==u u u r,因此,根据通量定义可得 233200=sin =2r r r s s r ds ae dl dl e a d d a ππθϕφθθϕπ⋅=⋅=⎰⎰⎰⎰r u u u r1.12试计算空间矢量场矢量A e e e =-+++-()()()3232322x yz y yz xyz xz x y z 的散度。

解:根据散度在直角坐标系中的表示式 zA yA xA z y x ∂∂+∂∂+∂∂=⋅∇A可得 xz xy z y x zA yA xA z y x 63622-+++=∂∂+∂∂+∂∂=⋅∇A1.13什么是环量?什么是旋度?答:在矢量场中任意矢量F 沿有向闭合曲线的积分称为矢量F 沿曲线的环量。

矢量场中矢量F 在某一点的旋度是一矢量,其大小是矢量F 在该点的最大环量面密度,其方向是环量面密度最大值时面元正法线单位矢量。

1.14求矢量场A e e e =-++y x c x y z (c 为常数)沿下列曲线的环量 (1)圆周x y R z 2220+==,(旋转方向与z 轴成右手关系)(2)圆周(),x y R z -+==20222(旋转方向与z 轴成右手关系) 解:设圆周包围的曲面为s ,则2R s π=,据斯托克斯定理,可得1) ()22022d 2d d d R d rdr C xyz y x Rs z s z yx s l πθπ==⋅=⋅⎥⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡-∂∂∂∂∂∂=⋅⨯∇=⋅⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰s e s e e e s A l A 其中 θrdrd ds e z==⨯∇,2A2)()z s z s z yxs l e R C xyz y x 22d 2d d d π=⋅=⋅⎥⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡-∂∂∂∂∂∂=⋅⨯∇=⋅⎰⎰⎰⎰⎰⎰⎰s e s e e e s A l A 1.15 试计算空间矢量场矢量A e e e =-+++-()()()3232322x yz y yz xyz xz x y z 的旋度: 解:由 zx y y z x x y z e yF xF e xF zF e zF yF A )()()(∂∂-∂∂+∂∂-∂∂+∂∂-∂∂=⨯∇得 ()()z y x ze z yz y yz xz A 23222++--+-=⨯∇e e 1.16 试证明 (1)对于标量函数u ,有()0222222=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂∂-∂∂∂+⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂∂-∂∂∂+⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂∂-∂∂∂=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂+∂∂+∂∂⨯∇=∇⨯∇z y x z y x y x u y x u z x u z x u z y u z y u x u y u x u u e e e e e e (2) 对于矢量函数A ,有0)(222222=∂∂∂-∂∂∂+∂∂∂-∂∂∂+∂∂∂-∂∂∂=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂-∂∂∂∂+⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂-∂∂∂∂+⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂-∂∂∂∂=⎥⎦⎤⎢⎣⎡⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂-∂∂+⎪⎭⎫⎝⎛∂∂-∂∂+⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂-∂∂⋅∇=⨯∇⋅∇z y A z x A y x A z y A z x A y x A y A x A z x A z A y z A y A x y A x A x A z A z A y A xy z x y z x y z x y z z x y y z x z y z e e e A第2章 静 电 场2.1什么是静电场?什么是电荷守恒定律?答:相对于观察者来说静止不动,其电量也不随时间发生变化的电荷称之为静电荷。

静电荷产生的电场称为静电场。

静电场是一种不随时间变化的电场。

宏观世界里电荷既不能被产生,也不能被消灭,它们只能从一个物体转移到另一个物体上,或者从物体的一部分转移到另一部分。

2.2什么是实验电荷?什么是点电荷?什么是环量?答:在电场中一个电荷产生的电场相对于场源产生电场的影响可以忽略不记,这样的电荷称为实验电荷。

一般来说当一个带电体距离观察点的距离远远大于带电体本身的尺寸时,带电体的大小和几何尺寸可以忽略,则该带电体可近似看作一个点电荷。

2.3在宏观世界电荷是如何分布的? 答:在宏观世界电荷是连续分布的。

但连续分布电荷的带电体,其电荷分布不一定是均匀地。

具体分布有1.电荷体分布;2.电荷面分布,3.电荷线分布。

2.4简述库仑定律答:真空中两个静止的点电荷1q 和2q 之间有相互作用力F ,其作用力的大小与两电量1q ,2q 的乘积成正比;与1q ,2q 之间距离R 的平方成反比;其作用力的方向在它们的连线方向;如果两点电荷同性则为斥力,异性为引力。

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