2017年云南高考物理综合提升总复习(七)
2017年高考物理试题分项版汇编系列 专题07 功和能(含解析)
专题07功和能一、单选题1．如图所示，将一质量为m 的小球从空中O 点以速度205K E mv =水平抛出，飞行一段时间后，小球经过P 点时动能205K E mv =，不计空气阻力，则小球从O 到P 过程中（）A. 经过的时间为3v gB. 速度增量为03v ，方向斜向下C. 运动方向改变的角度的正切值为13D. 下落的高度为205v g【答案】A2．类比是一种常用的研究方法．对于直线运动，教科书中讲解了由v t -图像求位移，由F x - (力-位移)图像求做功的方法．请你借鉴此方法分析下列说法，其中正确的是（）A. 由F v - (力-速度)图线和横轴围成的面积可求出对应速度变化过程中力做功的功率B. 由F t - (力-时间)图线和横轴围成的面积可求出对应时间内力所做的冲量C. 由U I - (电压-电流)图线和横轴围成的面积可求出对应的电流变化过程中电流的功率D. 由r ω- (角速度-半径)图线和横轴围成的面积可求出对应半径变化范围内做圆周运动物体的线速度【答案】B【解析】F v -图线中任意一点的横坐标与纵坐标的乘积等于Fv ，即瞬时功率，故图象与横轴围成的面积不一定等于Fv ，即不是对应速度变化过程中力做功的功率，A 错误；F t -（力-时间）图线和横轴围成的面积表示冲量， B 正确；由U I -（电压-电流）图线，根据公式P UI =可知，根据U 与I 的坐标值的乘积，求出对应电流做功的功率，C 错误；r ω-图线中任意一点的横坐标与纵坐标的乘积等于r ω，即线速度；故图象与横轴围成的面积不一定等于r ω，即不一定等于线速度，D 错误．选B ．3．一个小球从高处由静止开始落下，从释放小球开始计时，规定竖直向上为正方向，落地点为重力势能零点．小球在接触地面前、后的动能保持不变，且忽略小球与地面发生碰撞的时间以及小球运动过程中受到的空气阻力．图中分别是小球在运动过程中的位移x 、速度v 、动能k E 和重力势能p E 随时间t 变化的图象，其中正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】A ．位移212x gt =，所以开始下落过程中位移随时间应该是抛物线，故A 错误； B ．速度v gt =，与地面发生碰撞反弹速度与落地速度大小相等，方向相反，故B 正确；C ．小球自由落下，在与地面发生碰撞的瞬间，反弹速度与落地速度大小相等，若从释放时开始计时，动能222k 11=22E mv mg t =，所以开始下落过程中动能随时间应该是抛物线，故C 错误；D ．重力势力()22p 12E mg H x mgH mg t =-=-，H 小球开始时离地面的高度．故D 错误．故选B 。
2017年高考物理综合提升总复习(四)
2017年云南高考物理综合提升总复习（四）1．在研究下述运动时，可以把物体看作质点的是( )A．研究地球的自转问题B．研究体操运动员参赛时的姿势C．研究乒乓球的旋转效应D．研究火车从北京到上海所用时间【解析】在研究火车从北京到上海的运动时，火车的长度、形状与北京到上海的距离相比可以忽略，可以把火车视为质点，而对地球的自转、运动员的姿势、乒乓球旋转等现象中的物体，其大小或形状不能忽略，不能视为质点．矚慫润厲钐瘗睞枥庑赖。
【答案】D2．关于参考系，下列说法正确的是( )A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是静止不动或正在做直线运动的物体C．研究物体的运动，可选择不同的参考系，但选择不同的参考系观察结果是一样的D．研究物体的运动，可选择不同的参考系，但选择不同的参考系对于研究同一物体的运动而言，一般会出现不同的结果聞創沟燴鐺險爱氇谴净。
【解析】参考系的选取是任意的，A、B错误；选择不同的参考系，对同一物体运动的描述一般是不同的，C错误、D正确．残骛楼諍锩瀨濟溆塹籟。
【答案】D3．下列关于运动的说法中，正确的是( )A．物体的位置没有变化就是不运动B．两物体间的距离没有变化，两物体一定都是静止的C．自然界中没有不运动的物体，运动是绝对的，静止是相对的D．为了研究物体的运动，必须先选参考系，平常说的运动或静止是相对于地球而言【解析】物体的位置对某一参考系不变，但对另一参考系位置可能变化，物体在运动，故A错误；两物体间距离没有变化，两者可能静止，也可能以相同的速度运动，故B错误；对于不同的参考系，同一物体可能静止，也可能运动，由于参考系的选择是任意的，故C、D正确．酽锕极額閉镇桧猪訣锥。
【答案】CD4．(2012·杭州二中高一检测)明代诗人曾写下这样一首诗：“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流．”其中“桥流水不流”中的“桥流”应理解成其选择的参考系是( )彈贸摄尔霁毙攬砖卤庑。
2017届云南省红河州高三毕业生复习统一检测理综-物理试题(解析版)
2017届云南省红河州高三毕业生复习统一检测理综-物理试题（解析版）1. 原子的认识经历了漫长的过程，下列说法正确的是A. 汤姆孙发现阴极射线射出的粒子流是电子，并且求出了电子的荷质比B. 为了解释原子中正负电荷分布问题，勒纳德提出了“枣糕模型”C. 盖革和马斯顿通过粒子的散射实验提出了原子的核式结构D. 玻尔首次将量子化引入到原子领域，其提出的原子结构假说适用于所有原子【答案】A【解析】汤姆孙通过阴极射线在电场和在磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成该粒子为电子，并测出了该粒子的比荷，故A正确；汤姆生发现了原子内有带负电的电子，提出了枣糕模型，故B错误；卢瑟福通过粒子的散射实验提出了原子的核式结构模型，故C错误；玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征，但不能够解释所有原子光谱的特征，故D错误。
所以A正确，BCD错误。
2. 如图所示,CA、OB是竖直面内两根固定的光滑细杆(CA<OB),C、A、B、O位于同一圆周上,C点为圆周的最高点,B为最低点.每根杆上套着一个小滑环(图中未画出),两个滑环分别从O点和C点无初速释放,用和分别表示滑环到达A、B所用的时间,、分别表示滑环到达A、B的速度,则A.B.C.D. 无法比较和的大小关系【答案】B【解析】连接AB和CD如图所示：根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动的加速度为：，令圆的半径为R，由几何关系得：，解得：，同理可得：，所以，根据动能定理可得：，由图可知沿OB轨道下滑的竖直高度比沿CA的高，所以，故B正确，ACD错误。
3. 一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中．若把在空中下落的过程称为过程Ⅰ，进入泥潭直到停止的过程称为过程Ⅱ，则A. 过程Ⅰ中钢珠动量的改变量等于重力的冲量B. 过程Ⅱ中阻力的冲量的大小等于过程Ⅰ中重力冲量的大小C. 过程Ⅱ中钢珠克服阻力所做的功等于过程Ⅱ中钢珠所减少的重力势能D. 过程Ⅱ中损失的机械能等于过程Ⅰ中钢珠所增加的动能【答案】A【解析】试题分析：根据动量定理分析动量的改变量与冲量的关系．过程Ⅰ中钢珠只受到重力，钢珠动量的改变量等于重力的冲量．过程Ⅱ中，钢珠受到重力和阻力，动量的改变量不等于零，合力的冲量不等于零．对于整个过程研究，根据动能定理分析克服阻力所做的功与重力做功的关系．重力做功多少，钢珠的重力势能就减小多少．根据能量守恒定律判断过程Ⅱ中损失的机械能与过程Ⅰ中钢珠所增加的动能的关系．过程Ⅰ中钢珠只受到重力，根据动量定理分析得知，钢珠动量的改变量等于重力的冲量．故A正确；对于整个过程：钢珠动量的变化量为零，则合外力的冲量为零，即阻力的冲量的大小等于全过程中重力冲量的大小，B正确；对于整个过程：钢珠动能的变化量，根据动能定理得知，整个过程重力做功等于钢珠克服阻力做功，而整个重力做功等于整个过程中钢珠所减少的重力势能，所以过程Ⅱ中钢珠克服阻力所做的功等于过程Ⅰ与过程Ⅱ中钢珠所减少的重力势能之和，C正确；根据功能关系分析得知，过程Ⅱ中损失的机械能等于过程Ⅱ中钢珠克服阻力做功，不等于过程Ⅰ中钢珠所增加的动能，故D错误．4. 随着科技的发展，到目前人类已经发现了27颗天王星的卫星，其中“秦坦尼亚”和“欧贝隆”是威廉赫歇耳在1787年3月13日发现的，假设“秦坦尼亚”和“欧贝隆”两卫星环绕天王星的轨道为圆周，两卫星周期比值已知，由以上条件可以求解出A. “秦坦尼亚”和“欧贝隆”环绕天王星做圆周运动的线速度的比值B. “秦坦尼亚”和“欧贝隆”受到天王星的万有引力的比值C. “秦坦尼亚”和“欧贝隆”表面的重力加速比值D. “秦坦尼亚”和“欧贝隆”的第一宇宙速度的比值【答案】A【解析】卫星环绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，则有，因为知道周期之比，可求得轨道半径之比为：，又根据：，即可求得速度之比，故A正确，因为不知道两颗星的质量之比，所以无法求出万有引力的比值，故B错误；因为秦坦尼亚”和“欧贝隆”的半径关系，所以不能求出表面的重力加速比值，故CD错误。
云南省2017年7月普通高中学业水平考试物理试卷及答案
云南省2017年7月普通高中学业水平考试物理试卷【考生注意】本试卷考试时间90分钟，满分100分。
必须在答题卡上指定位置按规定要求作答，答在试卷上一律无效。
必修和选修模块共同部分卷(70分)选择题(共46分)一、选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分。
每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对的得3分，选错或不选的得0分。
）1．关于惯性，下列说法正确的是（）A．静止的物体没有惯性B．运动慢的物体惯性小C．运动快的物体惯性大D．质量大的物体惯性大2．关于质点，下列说法正确的是（）A．研究列车从昆明开往上海所需的时间，可将列车看作质点B．研究列车经过某一桥梁所需的时间，可将列车看作质点C．研究地球自转时，可将地球看作质点D．研究地球绕太阳公转时，不可以将地球看作质点3．劲度系数为k ，原长为0l 的轻弹簧一端固定，另一端受拉力作用，在弹性限度内的长度为l ，则拉力大小为（）A．)(0l l k +B．)-(0l l k C．klD．0kl 4．用水平方向的力推停在水平地面上的汽车，车始终保持静止，则（）A．推力越大，静摩擦力越小B．推力越大，静摩擦力越大，推力与静摩擦力平衡C．推力大小变化时，静摩擦力大小不变D．推力小于静摩擦力5．下列四个运动图像中，反映物体做匀加速直线运动的图像是（）A B C D6．如图1所示，将质量为m 的物体（可看作质点），放在离地面高度为h 的p 点，已知地球半径为R、质量为M，万有引力常量为G，则物体受到地球的万有引力大小为（）图2图1A.2R Mm G F =B.2h Mm G F =C.hR Mm GF += D.2)(h R Mm GF +=7．两个不同的物体从同一地点、同一高度、同时开始做自由落体运动，下列说法正确的是（）A．质量较大的物体先到达地面B．质量较小的物体先到达地面C．体积较大的物体先到达地面D．两个物体同时到达地面8．关于功率，下列说法正确的是（）A．功率表示做功的快慢B．功率表示做功的多少C．做功时间越长，功率越小D．做功越多，功率越大9．真空中两静止点电荷间的库仑力为F，若只将其中一个点电荷的电荷量变为原来的一半，则它的库仑力大小变为（）A.F4 B.F2 C.2F D.4F 10．关于做曲线运动的物体，下列说法正确的是（）A．速度方向可能不变B．速度方向一定改变C．速度大小一定改变D．所受合外力可能为零二、选择题（本题包括4个小题，每小题4分，共16分。
2017届云南省高三普通高中学业水平考试物理试题及答案
云南省2017届普通高中学业水平考试物理试题[考生注意]：必须在答题卡上指定位置按规定要求作答，答在试卷上一律无效。
必修模块和选修模块共同部分卷（70分）选择题（共46分）一、选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分。
在每小题所给的四个选项中，只有一个选顼符合题意，选对得3分，选错或不选得0分。
）1．下列物理量中，属于矢量的是A．位移，B．路程C．质量D．时间2．有两个共点力，一个力的大小是3N，另一个力的大小是6N，它们合力的大小可能是A．l5N B．6 N C．2ND．1 N3．关于平抛物体的运动，下列说法正确的是A．物体只受到重力作用，是a=g的变速运动B．初速度越大，物体在空中运动的时间越长C．物体落地时的水平位移与初速度无关D．物体落地时的水平位移与抛出点的高度无关4．真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F。
如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的2倍，那么它们之间静电力的大小变为5．通电直导线所受安培刀的方向与磁场方向、电流方向的关系，下列图示中正确的是6．如图所示，一个小球绕圆心0做匀逮圆周运动，已知圆周半径为该小球运动的线速度大小为”，则它运动的向心加速度大小为7．如图所示，一个物块在与水平方向成大小为20N的拉力F作用下，沿水平面向右运动一段距离在此过程中，拉力对物块做的功为A．40J B．32JC．24J D．30J8．关于地球的第一宇宙速度，下列说法正确的是A．它是地球卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度B．它是地球卫星绕地球做匀速圆周运动的最小运行速度C．它是地球卫星绕地球做椭圆运动时在近地点的运行速度D．它是地球同步卫星绕地球运动的速度9．如图所示，一轻弹簧上端固定在天花板上，下端悬挂一个质量为m,的木块，木块处于静止状态。
测得此时弹簧的伸长量为△f（弹簧的形变在弹性限度内），重力加速度为g。
此弹簧的劲度系数为10．如图所示，粗糙的A、B长方体木块叠在一起，放在水平桌面上，方向的力的牵引，但仍然保持静止。
2017年云南省高三第二次高中毕业生复习统一检测理科综合能力测试物理试卷【答案版】
19.通过天文观测和计算得到：月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度大小为
2.72 10 3 m / s 2 ，地球表面的重力加速度大小为 g 9.8m / s 2 。如果认为地球对地面物体
的引力和地球对月球的引力是同种性质的力满足距离平方反比关系， 忽略地球自转以及其它 天体的影响，根据上述结论和假设及力和运动的关系可推知： A.地球对地面上物体的引力是对月球上相同质量的物体引力的 60 倍 B.地球对地面上物体的引力是对月球上相同质量的物体引力的 3600 倍 C.月球绕地球做匀速圆周运动的轨道半径约为地球半径的 36 倍 D.月球绕地球做匀速圆周运动的轨道半径约为地球半径的 60 倍 23（9 分） 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验器材如图甲所示。
v1 6m / s 的初速度与 m2 发生碰撞，以 v1 的方向为正方向，则碰撞后两物体的速度可能是 1m / s, v2 3m / s A. v1 3m / s, v2 1.5m / s C. v1 6m / s, v2 6m / s B. v1 2m / s, v2 2m / s D. v1
16.如图所示，质量为 M 10 kg 的小车放在光滑水平面上，小车用一条不计质量的细线悬 挂一质量为 m 1kg 的小球，当小球受到一水平恒力作用并相对小车静止时，细线与竖直方 向的夹角为 37°，则小车的加速度大小为（取 g 10m / s , sin 37 0.6, cos 37 0.8 ）
B.
3P U
C.
6P U
D.
2 2 1 P U
18.如图所示， A、B、C 是在视角坐标系 xyz 的坐标轴上的三个点，在坐标原点处有一电 荷量为 Q 的正点电荷， 先把电量为 q 的正点电荷从图中 A1,0,0 移到 B0,2,0 电场力做功为
云南省腾冲市2017届高三物理模拟试卷7
云南省腾冲市2017届高三物理模拟试卷7一、选择题（本题共14小题，共46分，1-10题有一个选项是对的每题3分，11-14题至少有一个选项是对的，全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得0分。
）1. 法拉第是19世纪最伟大的实验物理学家之一，他在电磁学研究方面的卓越贡献如同伽利略、牛顿在力学方面的贡献，具有划时代的意义，他提出了电场的概念。
关于静电场场强的概念，下列说法正确的是（C ）A. 由E= F可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比qB. 正、负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强的方向与放入该点的试探电荷的正负有关C. 电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷的正负无关D. 电场中某点不放试探电荷时，该点的场强等于零2. 如图所示，水平细线NP与斜拉细线OP把小球维持在位置P, OP与竖直方向的夹角为0，这时斜拉细线中的张力为T p，作用于小球的合力为F P；若剪断NP,当小球摆到位置Q 时，OQ与竖直方向的夹角也为0，细线中张力为T Q,作用于小球的合力为F Q.则：（D ）3.2014年3月8日，马来西亚航空公司从吉隆坡飞往北京的航班MH370失联，MH370失联后多个国家积极投入搜救行动，在搜救过程中卫星发挥了巨大的作用。
其中我国的北斗导航系统和美国的GPS导航系统均参与搜救工作。
北斗导航系统包含5颗地球同步卫星，而GPS导航系统由运行周期为12小时的圆轨道卫星群组成，则下列说法正确的是（D ）A. 发射人造地球卫星时，发射速度只要大于7.9 km/s就可以B. 卫星向地面上同一物体拍照时，GPS卫星的拍摄视角小于北斗同步卫星的拍摄视角C. 北斗同步卫星的机械能一定大于GPS卫星的机械能D. 北斗同步卫星的线速度与4.如图所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成。
发电机中矩形线圈所围的面积为S,匝数为N,电阻不计，它可绕水平轴OO在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度3匀速转动。
2017年高考物理基础综合提升
2017年高考物理基础综合提升（七）1．关于功的说法正确的是（ ）A ．力越大，力对物体做功一定越多B ．重力对物体做功，与物体的运动路径无关，与物体的始末位置有关C ．作用力对物体做正功，则反作用力对物体一定做功D ．静摩擦力对物体不一定做功，滑动摩擦力对物体一定做功2．如图2-3-18所示，两个相互垂直的力F 1和F 2作用在同一物体上，使物体运动通过一段位移，力F 1对物体做功4J ，力F 2对物体做功3J ，则力F 1和F 2的合力对物体做功为（ ）A ．7JB ．1JC ．5JD ．因α值未知故无法确定 3．关于机械能守恒，以下说法正确的是（ ）A ．做匀速直线运动的物体，机械能一定守恒B ．一个物体除了重力外还受到其他力的作用，则机械能可能守恒C ．物体所受合外力为零，机械能一定守恒D ．合外力对物体做功为零时，机械能一定守恒4．当重力对物体做正功时，则物体的（ ）A ．重力势能一定增加，动能一定减少B ．重力势能一定减少，动能一定增加C ．重力势能不一定减少，动能一定增加D ．重力势能一定减少，动能不一定增加5．如图2-3-19所示，细绳跨过定滑轮悬挂两个物体M 和m ，且M>m ，不计摩擦，系统由静止开始运动的过程中（ ）A ．M 、m 各自的机械能分别守恒B ．M 减少的机械能大于m 增加的机械能C ．M 减少的重力势能等于m 增加的重力势能D ．M 、m 组成的系统的机械能守恒6．汽车以恒定的功率在平直公路上由静止开始从车站开出，受到的运动阻力恒定为车重力的0.1倍，汽车能达到的最大速度为v m ，则当车速为v m /3时，其加速度为（选项中的g 为重力加速度）（ ）A ．0.1gB ．0.2gC ．0.3gD ．0.4g7．某人用手将质量为1kg 的重物由静止向上提起1m ，这时物体的速度为2m/s （g=10m/s 2），则下列说法不正确的是（ ）A ．人手对重物做的功为12JB ．合外力做的功为2JC ．物体克服重力做的功为12JD ．物体克报重力做的功为10J8．质量相等的实心正方体铁块和实心正方体木块，放在同一水平面上，以水平面为零势能面，它们的重力势能依次为E P1和E P2，其大小关系为（ ）A ．E P1=E P2B ．E P1>E P2C ．E P1<E P2D ．无法确定9．质量相等的甲、乙两木块，初速度之比为2：1，在同一粗糙水平面上滑行，则它们滑行的最大距离之比为（ ）A ．1：1B ．2：1C ．1：4D ．4：1 F 1 F 2 vα图2-3-18 M m 图2-3-1910．静止的列车在平直轨道上以恒定的功率启动，在开始的一小段时间内，列车的运动状态是（ ）A ．做匀加速直线运动B ．列车的速度和加速度都不断增加C ．列车的速度增大，加速度减小D ．列车先做匀加速运动，然后做匀速运动11．关于功率的概念，下列说法正确的是（ ）A ．力对物体做的功越多，力做功的功率越大B ．功率是描述物体做功快慢的物理量C ．从公式P=Fv 可知，汽车的发动机功率可以随速度的不断增大而提高D ．当轮船航行时，如果牵引力与阻力相等时，合外力为零，此时发动机的实际功率为零12．两物体质量之比为1：3，它们距地面高度之比也为1：3，让它们自由下落，它们落地时的动能之比为（ ）A ．1：3B ．3：1C ．1：9D ．9：113．物体做下列几种运动，机械能不守恒的是A ．自由落体运动的小球B ．做平抛运动的小球C ．空中匀速上升的气球D ．在光滑的水平面上做匀速圆周运动的小球14．从地面H 高处向上抛出一个小球，小球在运动过程中所受的阻力大小始终为f ，小球上升了h 高后开始下落，直到地面，在此过程中若小球重力为G ，则重力所做的功为（ ）A ．GHB ．G （H+h ）C ．G （H －h ）D ．Gh+G （H+h ）15．关于功和能，下列说法不正确．．．的是（ ） A ．功和能的单位相同，它们的概念也相同B ．做功的过程就是物体能量的转化过程C ．做了多少功，就有多少能量发生了转化D ．各种不同形式的能量可以互相转化，而且在转化过程中，能的总量是守恒的二、填空题16．如图2-3-20所示，质量为m 的物体静止在斜木块上，现让物体和斜木块一同竖直向上做匀速运动。
2017年云南省第一次省统测理综物理试题及答案
OPBA甲乙2T Bto TB 0-B 0vtot 2t 1t 32017年云南省第一次高中毕业生复习统一检测理综物理试题及答案二、选择题（本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14—17题，只有一项符合题目要求，第18—21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．下列说法正确的是A ．在光电效应现象中，金属的逸出功随入射光的频率增大而增大B ．原子核式结构模型是由卢瑟福在α粒子散射实验基础上提出的C ．磁铁的周围存在磁场，说明磁场不一定是电荷运动产生的D ．当电荷运动方向与磁场方向不垂直时，其所受洛伦兹力的方向与磁场方向也不垂直15．一物体沿竖直方向运动，以竖直向上为正方向，其运动的v-t 图像如图所示。
下列说法正确的是A ．0～t 1时间内物体处于失重状态B ．t 1～t 2时间内物体机械能守恒C ．t 2～t 3时间内物体向下运动D ．0～t 2时间内物体机械能一直增大16．如图所示，一轻质细绳一端固定于竖直墙壁上的O 点，另一端跨过大小可忽略不计摩擦的定滑轮P 悬挂物块B ，OP 段的绳子水平，长度为L 。
现将一带挂钩的物块A 挂到OP 段的绳子上，A 、B 物块最终静止。
已知A （包括挂钩）、B 的质量比为85A Bm m ，则此过程中物块B 上升的高度为A ．LB ．3L C ．45LD ．23L17．如图甲所示，一圆形金属线圈放置于匀强磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度为B 0。
现让线圈绕其一条直径以50Hz 的频率匀速转动，较长时间t 内产生的热量为Q ；若线圈不动，让磁场以图乙所示规律周期性变化，要在t 时间内产生的热量也为Q ，乙图中磁场变化的周期T 以s 为单位，数值应为A ．150B ．250C ．225D ．12518．甲乙两人在光滑冰面上相向运动，相遇时两人掌心相碰互推对方，分开后两人运动方向相同。
下列说法正确的是A ．若m m 甲乙，则甲对乙的冲量一定大于乙对甲的冲量B ．无论甲、乙质量关系如何，甲、乙两人的动量变化量大小一定相等C ．若甲的运动方向没变，则相互作用前甲的速率一定大于乙的速率a hoa 1h 1a 2h 2ABCMN水平地面SOab MNBhG0 12cm10甲乙气垫导轨光电门D ．若甲的运动方向没变，则相互作用前甲的动量一定大于乙的动量19．如图所示，平行金属板M 、N 之间有竖直向下的匀强电场，虚线下方有垂直纸面的匀强磁场，质子和粒子分别从上板中心S 点由静止开始运动，经电场加速后从O 点垂直磁场边界进入匀强磁场，最后从a 、b 两点射出磁场（不计重力），下列说法正确的是A ．磁场方向垂直纸面向外B ．从a 点离开的是粒子C ．从b 点离开的粒子在磁场中运动的速率较大D ．粒子从S 出发到离开磁场，由b 点离开的粒子所用时间较长20．一球形行星对其周围物体的万有引力使物体产生的加速度用a 表示，物体到球形行星表面的距离用h 表示，a 随h 变化的图像如图所示，图中a 1、h 1、a 2、h 2及万有引力常量G 均为已知。
2017年云南高考物理综合提升总复习
2017年云南高考物理综合提升总复习（一）13.下列说法正确的是（）A．液体中悬浮微粒的无规则运动称为布朗运动B．液体分子的无规则运动称为布朗运动C．物体从外界吸收热量，其内能一定增加D．物体对外界做功，其内能一定减少答案A14.如图所示，一束可见光射向半圆形玻璃砖的圆心O，经折射后分为两束单色光a和b，下列判断正确的是（）A．玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率B．a光的频率大于b光的频率C．在真空中a光的波长大于b光的波长D．a光光子能量小于b光光子能量答案B15.一列沿x轴正方向传播的简谐机械波，波速为4m/s。
某时刻波形图如图所示，下列说法正确的是（）A.这列波的振幅为4cmB．这列波的周期为1sC.此时x=4m处的质点沿y轴负方向运动D. .此时x=4m处的质点加速度为0答案D16.倾角为α、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上。
下列说法正确的是（）A．木块受到的摩擦力大小为mgcosαB．木块对斜面体的压力大小为mgsinαC.桌面对斜面体的摩擦力大小为mgsinαcosαD．桌面对斜面体的支持力大小为（M+m）g答案D17.如图，在磁感应强度为B、方向垂直向里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感应电动势为E1；若磁感应强度增加为2B，其他条件不变，MN中产生的感应电动势为E2。
则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E1：E2分别为（）A．c→a 2:1 B．a→c 2:1 C．a→c 1:2 D．c→a 1:2答案C18.某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动（）A．半径越大，加速度越大 B.半径越小，周期越大C．半径越大，角速度越小 D.半径越小，线速度越小答案C19.在实验操作前应该对实验进行适当的分析。
研究平抛运动的实验装置示意如图。
小球每次都从斜槽的同一位置无初速释放，并从斜槽末端水平飞出。
2017届云南省高三第二次高中毕业生复习统一检测物理试题及答案
云南省云南省2017届高三第一次(3月)统一检测理综物理试题一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-4题只有一个选项正确，5-8有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，不选或选错的得0分．1．（6分）（2017•云南一模）甲、乙两物体均做直线运动，它们在某段时间内的位移x随时间f变化的图象如图所示，则在0～t1时间内，下列判断正确的是（）A．甲物体做加速运动B．甲、乙两物体运动方向相同C．甲的平均速度比乙的平均速度大D．甲、乙两物体的平均速度大小相等【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：位移图象的斜率等于物体的速度，由数学知识比较速度的大小，确定物体的运动性质．物体的位移大小等于纵坐标的变化量．【解析】：解：A、位移图象的斜率等于物体的速度，0～t1的时间内甲沿正方向做减速运动，乙沿负方向做加速运动，运动方向相反．故AB错误．C、物体的位移大小等于纵坐标的变化量，根据图象可知甲、乙两物体的位移大小相等，时间相等，所以平均速度大小相等，故C错误，D正确．故选：D．【点评】：对于位移图象，抓住图象的斜率等于速度、坐标的变化量等于位移大小是关键．2．（6分）（2017•云南一模）下列说法正确的是（） A．绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船，其速度可能大于7.9km/sB．在绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船中，一细线一端固定，另一端系一小球，小球可以在以固定点为圆心的平面内做匀速圆周运动C．人造地球卫星返回地球并安全着陆的过程中一直处于失重状态D．嫦娥三号在月球上着陆的过程中可以用降落伞减速【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据万有引力提供向心力表示出线速度求解．地球的第一宇宙速度7.9km/s，是人造卫星的最小发射速度，是卫星环绕地球运动的最大速度．卫星在降落过程中向下减速时，根据加速度方向判断所处的状态．月球上没有空气，不可以用降落伞减速．【解析】：解：A、地球的第一宇宙速度7.9km/s，是人造卫星的最小发射速度，是卫星环绕地球运动的最大速度．故A 错误．B、在绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船中，物体处于完全失重状态，一细线一端固定，另一端系一小球，小球可以在以固定点为圆心的平面内做匀速圆周运动，绳子的拉力提供向心力，故B正确．C、卫星在降落过程中向下减速时，加速度方向向上，处于超重状态，故C错误．D、月球上没有空气，不可以用降落伞减速，故D错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键是利用万有引力提供向心力这一知识点，并能理解第一宇宙速度的含义．3．（6分）（2017•云南一模）如图所示，五根平行的长直导体棒分别过竖直平面内的正方形的四个顶点和中心，并和该正方形平面垂直，各导体棒中均通有大小相等的电流，方向如图所示，则中心处的导体棒受到其余四根导体棒的磁场力的合力方向是（）A．竖直向上 B．竖直向下 C．水平向左 D．水平向右【考点】：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培力．【分析】：根据安培定则确定出安培力的方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的方向，再根据左手定则，即可求解．【解析】：解：根据题意，由右手螺旋定则对角导线电流产生磁场正好相互叠加，如图所示，由矢量的合成法则，则得磁场方向竖直向下，根据左手定则可知，中心处的导体棒受到其余四根导体棒的磁场力的合力方向是水平向左；故选：C．【点评】：本题考查磁感应强度B的矢量合成法则，会进行磁感应强度的合成，从而确定磁场的大小与方向，并掌握左手定则的内容．4．（6分）（2017•云南一模）如图所示，直线MN上方有垂直纸面向里的匀强磁场，电子1从磁场边界上的a点垂直MN 和磁场方向射入磁场，经t1时间从b点离开磁场．之后电子2也由a点沿图示方向以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经t2时间从a、b连线的中点c离开磁场，则为（）A． B． 2 C． D． 3【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：电子1和2以相同的速率射进同一个磁场，则运动半径和周期都相同，画出两个粒子在磁场中的运动轨迹，根据几何关系求解即可．【解析】：解：粒子在磁场中都做匀速圆周运动，根据题意画出粒子的运动轨迹，如图所示：电子1垂直射进磁场，从b点离开，则运动了半个圆周，ab 即为直径，c点为圆心，电子2以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经t2时间从a、b连线的中点c离开磁场，根据半径r=可知，粒子1和2的半径相等，根据几何关系可知，△aOc为等边三角形，则粒子2转过的圆心角为60°，所以粒子1运动的时间，粒子2运动的时间，所以故选：D【点评】：本题的关键要知道电子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，电子在磁场中做圆周运动的周期和半径都相同，根据几何关系求解时间比．5．（6分）（2017•云南一模）如图所示的电路中，理想变压器的输入电压u不变，R1为定值电阻，若要使电压表示数增大，可采用的办法是（）A．保持其它不变，将滑动接头p向上移B．保持其它不变，将滑动接头p向下移C．保持其它不变，增大R2D．保持其它不变，减小R2【考点】：变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律．【专题】：交流电专题．【分析】：变压器原副线圈匝数不变，电压表测量的是电阻R2两端的电压，由串联电路的特点即可判断【解析】：解：A、保持其它不变，变压器副线圈两端电压不变，将滑动接头p向上移，电压表的示数将增大，故A正确；B、保持其它不变，变压器副线圈两端电压不变，将滑动接头p向上移，电压表的示数将减小，故B错误；C、保持其它不变，变压器副线圈两端电压不变，将滑动接头p向上移，电压表的示数将增大，故C正确；D、保持其它不变，变压器副线圈两端电压不变，将滑动接头p向上移，电压表的示数将减小，故D错误；故选：AC【点评】：本题主要考查了串联电路中电阻分压的特点，即电阻分得的电压与电阻成正比6．（6分）（2017•云南一模）如图所示，三根绝缘轻杆构成一个等边三角形，三个顶点分别固定A、B、C三个带正电的小球．小球质量分别为m、2m、3m，所带电荷量分别为q、2q、3q．CB边处于水平面上，ABC处于竖直面内，整个装置处于方向与CB边平行向右的匀强磁场中．现让该装置绕过中心O并与三角形平面垂直的轴顺时针转过120°角，则A、B、C三个球所构成的系统的（）A．电势能不变 B．电势能减小 C．重力势能减小 D．重力势能增大【考点】：电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据电场力做功和重力做功的定义式求解总功，再根据电场力做做功电势能减小，重力做做功重力势能减小分析．【解析】：解：顺时针转过120°时，A到B位置，B到C位置，C到A位置A、设三角形的边长为L，则：电场力做功W AB=0.5qEL，W BC=﹣2qEL，W CA=1.5qEL，故W总=0，电势能不变，A正确B错误C、重力做功：W GAB=mgLcos30°=，W GBC=0，W GCA=3mgLcos30°=﹣，故W G总=﹣mgL，重力势能增加，C错误D正确故选：AD【点评】：掌握电场力和重力做功与电势能和重力势能的变化关系．7．（6分）（2017•云南一模）如图所示，n个完全相同、边长足够小且互不粘连的小方块依次排列，总长度为l，总质量为M，它们一起以速度v在光滑水平面上滑动，某时刻开始滑上粗糙水平面．小方块与粗糙水平面之间的动摩擦因数为μ，若小方块恰能完全进入粗糙水平面，则摩擦力对所有小方块所做功的数值为（）A． B． Mv2 C． D．μMgl【考点】：功的计算．【专题】：功的计算专题．【分析】：恰能完全进入粗糙水平面，说明进入后的速度为零，把所以方块看做质点可以方便解题．【解析】：解：小方块恰能完全进入粗糙水平面，说明进入后的速度为零，根据功的公式：W=fS=0.5μMgl，根据动能定理：W=0﹣=﹣故选：AC【点评】：要从题目中得到隐含条件，应用动能定理，看做质点后能方便处理此类问题．8．（6分）（2017•云南一模）如图所示，质量和电荷量均相同的两个小球A、B分别套在光滑绝缘杆MN、NP上，两杆固定在一起，NP水平且与MN处于同一竖直面内，∠MNP为钝角．B小球受一沿杆方向的水平堆力F1作用，A、B均处于静止状态，此时A、B两球间距为L1．现缓慢推动B球，A球也缓慢移动，当B球到达C点时，水平推力大小为F2，A、B两球间距为L2，则（）A． F1＜F2 B． F1＞F2 C． L1＜L2 D． L1＞L2【考点】：库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：对A球受力分析，根据动态平衡的分析方法，受到的重力大小方向不变、支持力的方向不变，库仑力的方向在改变，但是由于B球只能到C，故由矢量三角形可知A受到的库仑力在减小．根据库仑定律的表达式判断AB之间的距离变化．再对B受力分析，根据平衡条件判断推力的变化．【解析】：解：CD、对A受力分析如图所示，A受到重力mg、支持力F A 和库仑力F库，根据平衡条件可知，重力mg和库仑力F库的合力F A′与支持力F A等值反向，可以把重力mg、支持力F A和库仑力F库之间的关系转变为mg、F A′、F库′之间的三角形关系，如图所示．当B球向C移动的过程中，库仑力的方向在改变，即图中α角变小，由矢量三角形可知，库仑力在变小．根据库仑定律可知L变大，即AB之间的距离变大．故C正确、D错误．AB、对B球受力分析如图所示，B受到重力mg、支持力F B、库仑力F库和推论F，根据平衡条件可知，F=F库cosβ，当B球向C移动的过程中，库仑力的方向在改变，即β在变大，则cosβ变小，库仑力又在减小，故推论F变小，即F1＞F2．故A错误、B正确．故选：BC．【点评】：本题要掌握库仑定律、平衡条件、受力分析，是一道综合能力较强的题目，本题的突破口在于A球受到的重力大小方向不变、支持力的方向不变，库仑力的方向在改变．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．（一）必考题9．（6分）（2017•云南一模）在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，实验电路图如图所示，实验室提供下列器材：电流表A1（量程0.6A，内阻约1.0Ω）电流表A2（量程3A，内阻约0.5Ω）电压表V（量程3V，内阻约3kΩ）滑动变阻器R1（0～20Ω）滑动变阻器R2（0～200Ω）干电池E（电动势约1.5V，内阻未知）开关及导线若干（1）实验中电流表应选A1，滑动变阻器应选R1；（填器材的代号）（2）实验中要求电流表测量通过电池的电流，电压表测量电池两极的电压．根据图示电路，电流表的示数小于（填“大于”或“小于”）所需测量的电流值；（3）若有相同型号的新旧两节干电池，分别接入图示电路，当电流在相同范围内变化时，电压表读数变化范围较大的是旧干电池（填“新干电池”或“旧干电池”）．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）一节干电池的电动势约为1.5V，内阻为几欧姆，所以电流表选择量程0.6A的即可，因为干电池的内阻较小，为了方便条件选择最大阻值较小的滑动变阻器；（2）根据电路结构分析误差原因及现象；（3）根据新旧电池的内阻大小关系，明确电压示数的变化．【解析】：解：（1）一节干电池的电动势约为1.5V，内阻为几欧姆，所以电流表选择量程0.6A的，故选：A1；因为干电池的内阻较小，为了方便条件选择最大阻值较小的滑动变阻器，所以选择滑动变阻器R1（0～10Ω）；（2）由电路图可知，由于电压表的分流，电流表示数小于流过电源的电流；即电流表示数小于所需测量的电流值；（3）由于旧电池的内阻较大，故在电流相同的范围内，旧干电池的内压变化较大；故电压表读数变化范围较大；故答案为：（1）A1；R1（2）小于；（3）旧干电池【点评】：电学实验一般以常见实验为载体考查实验中的接法、仪表的选择及数据的处理，误差分析等，难度适中．10．（9分）（2017•云南一模）一学生用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数．在桌面上放置一块水平长木板，木板一端带滑轮，另一端固定一打点计时器．木块一端拖着穿过打点计时器的纸带，另一端连接跨过定滑轮的绳子，在绳子上悬挂一定质量的钩码后可使木块在木板上匀加速滑动．实验中测得木块质量M=150g，钩码质量m=50g．（1）实验开始时，应调整滑轮的高度，让细线与木板平行；（2）实验中得到如图乙所示的纸带，纸带上A、B、C、D、E 是计数点，相邻两计数点之间的时间间隔是0.10s，所测数据在图中已标出，根据图中数据可求得木块运动的加速度a= 0.25 m/s2（结果保留两位有效数字）：（3）根据实验原理可导出计算动摩擦因素的表达式μ=（用M、m、g、a表示）；取g=10m/s2，代入相关数据可求得μ=0.3 （计算结果保留一位有效数字）．【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题．【分析】：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出加速度；根据牛顿第二定律，结合滑动摩擦力公式，即可求解．【解析】：解：（1）应调整滑轮的高度，让细线与木板平行；（2）根据运动学公式得：△x=at2，a===0.25m/s2．（3）根据牛顿第二定律，则有：mg﹣μMg=（M+m）a；解得：μ=；代入数据，则有：μ==0.3；故答案为：（1）平行，（2）0.25，（3）=；0.3．【点评】：对于实验问题我们要了解实验的装置和工作原理，同时掌握牛顿第二定律的应用，并要注意单位的换算．11．（13分）（2017•云南一模）如图甲所示，一圆形线圈面积S=0.2m2，匝数N=10，电阻r=2Ω，与电路器P连接成闭合回路，电热器电阻R=3Ω，线圈处于磁感应强度周期性变化的匀强磁场中，当磁场磁感应强度按如图乙所示规律变化时，求：（1）一分钟内电热器产生的热量；（2）通过电热器电流的有效值．【考点】：法拉第电磁感应定律；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：（1）根据法拉第电磁感应定律，结合闭合电路欧姆定律，及焦耳定律，求得一个周期内产生热量，进而可求得一分钟内电热器产生的热量；（2）根据电流的热效应，运用焦耳定律，分段求得热量，结合交流电的有效值求法，从而即可求解．【解析】：解：（1）根据法拉第电磁感应定律，则在0到0.2s内产生的感应电动势为E1==10××0.2=5V；由闭合电路欧姆定律，则有产生的电流I1===1A；同理，在0.2s到0.3s内的产生的感应电动势为E2==10××0.2=10V；由闭合电路欧姆定律，则有产生的电流I2===2A；那么一个周期内电热器产生热量Q0==12×3×0.2+22×3×0.1=1.8J而一分钟内，共完成n==200个周期，则一分钟内，电热器产生热量Q==360J；（2）根据电流的热效应，设通过电热器电流的有效值为I，则有：I2RT=解得：I=A；答：（1）一分钟内电热器产生的热量360J；（2）通过电热器电流的有效值A．【点评】：考查法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律的应用，掌握焦耳定律的内容，注意求交流电的有效值的方法，是本题的关键．12．（19分）（2017•云南一模）如图所示，一传送带AB段的倾角为37°，BC段弯曲成圆弧形，CD段水平，A、B之间的距离为12.8m，BC段长度可忽略，传送带始终以v=4m/s的速度逆时针方向运行．现将一质量为m=1kg的工件无初速度放到A端，若工件与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.5，在BC段运动时，工件速率保持不变，工件到达D点时速度刚好减小到与传送带相同．取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）工件从A到D所需的时间．（2）工件从A到D的过程中，与传送带之间因摩擦产生的热量．【考点】：功能关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．【分析】：（1）滑块在传送带上先加速下滑；速度与传送带相等后，由于μ＜tan37°，继续加速；在CD上是减速；根据牛顿第二定律列式求解三段的加速度，根据运动学公式列式求解；（2）先确定各段过程中传送带和滑块的位移，得到相对位移，最后根据公式Q=f•△S相对列式求解．【解析】：解：（1）滑块在传送带上先加速下滑，根据牛顿第二定律，有：mgsin37°+μmgcos37°=ma1解得加速度为：a1=g（sin37°+μcos37°）=10×（0.6+0.5×0.8）=10m/s2时间为：：位移为：速度与传送带相等后，由于μ＜tan37°，继续加速，根据牛顿第二定律，有：mgsin37°﹣μmgcos37°=ma2解得：a2=g（sin37°﹣μcos37°）=10×（0.6﹣0.5×0.8）=2m/s2根据速度位移公式，有：代入数据解得：v1=8m/s故运动时间为：滑上水平传送带后，加速度为：a3=﹣μg=﹣5m/s2根据速度公式，有：故t=t1+t2+t3=0.4+2+0.8=3.2s（2）从A到B过程，传送带的对地路程：S=v（t1+t2）=4×（0.4+2）=9.6m故工件从A到B的过程中与传送带之间因摩擦产生的热量：Q1=μmgcos37°•（L+S）=0.5×1×10×0.8×（12.8+9.6）=111.2J从C到D过程，物体的对地路程：x3===4.8m从C到D过程，传送带的对地路程：S′=vt3=4×0.8=3.2m故工件从C到D的过程中与传送带之间因摩擦产生的热量：Q2=μmg（x3+S′）=0.5×1×10×（4.8+3.2）=40J故工件从A到D的过程中，与传送带之间因摩擦产生的热量：Q=Q1+Q2=111.2J+40J=151.2J答：（1）工件从A到D所需的时间为3.2s；（2）工件从A到D的过程中，与传送带之间因摩擦产生的热量为151.2J．【点评】：本题关键是明确滑块在各段过程中的受力情况、运动情况，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据运动学公式求解运动学参量，根据功能关系求解热量情况．（二）选考题：共15分．【物理～选修3-3】（15分）13．（5分）（2017•云南一模）以下说法正确的是（） A．温度高的物体内能一定大B．多晶体物理性质表现为各向异性C．热量可能从内能小的物体传递到内能大的物体D．布朗运动说明分子永不停息地做无规则运动E．固体很难被压缩是因为分子之间存在斥力的作用【考点】： * 晶体和非晶体；温度是分子平均动能的标志．【分析】：正确解答本题需要掌握：布朗运动的特点、实质以及物理意义；热力学第一定律，多晶体与单晶体，分子势能、分子力与分子之间距离的关系；物体的内能在宏观上与其物质的量、温度和体积有关【解析】：解：A、物体内能与温度体积和摩尔数有关，温度越高，分子平均动能越大，如果分子数少，内能也小，故A 错误；B、多晶体物理性质表现为各向同性，故B错误；C、热量是从高温物体传向低温物体，物体内能与温度体积和摩尔数有关，高温物体的内能可能小，故C正确；D、布朗运动是固体微粒的无规则运动是由液体分子撞击形成的，反应了液体分子的无规则运动，故D正确；E、因为分子间存在斥力，阻止物体分子相互靠近，导致固体很难被压缩，故E正确；故选：CDE．【点评】：本题考查了热力学定律和分子动理论的基础知识，在平时练习中要加强对这些基本知识的理解与应用．14．（10分）（2017•云南一模）如图所示，导热良好的U 型玻璃管左右两臂等高，左端管口封闭，右端管口与大气相通，用水银柱在玻璃管内封闭了一段长L1=20cm的空气柱，此时左端水银面比右端水银面高h=33cm．现从右侧管口向管内缓慢注入水银，此过程中环境温度保持不变，直到右侧水银（取大气压强P0=76cmHg）面与管口相平，求此时空气柱的长度．【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：封闭气体做等温变化，根据玻意而定律列式求解即可．【解析】：解：初始状态，设玻璃管横截面积为S，则封闭气体的压强和体积为P1=P0﹣P h=76﹣33cmHg=43cmHgV1=L1S=20S设最终空气柱的长度为x，则末态空气柱的压强和体积为：P2=P0+P x=76+xcmHgV2=xS根据玻意而定律可得：P1V1=P2V2代入数据解得：x=10cm答：空气柱的长度为10cm．【点评】：气解决本题的关键是挖掘已知条件找出气体发生什么变化，然后选择合适的气体实验定律即可正确解题，其中求出气体的状态参量是正确解题的前提与关键．【物理一选修3-4】（15分）15．（2017•云南一模）下列说法中正确的是（） A．机械波可以在真空中传播B．波从一种介质进入另一种介质时，频率保持不变C．机械波的频率越高，在介质中的传播速度越大D．两列波发生稳定的干涉现象，则两列波的频率必然相同E．光的偏振现象说明光波是横波【考点】：波的干涉和衍射现象；机械波．【分析】：波的频率等于波源的振动频率，波的频率与介质无关．介质中各个质点的频率等于波源的频率．偏振是横波特有的现象．【解析】：解：A、机械波的传播需要介质；不能在真空中传播；故A错误；B、频率由波源决定，在不同介质中频率不变；故B正确；C、机械波的传播速度由介质决定；与频率无关；故C错误；D、干涉条件为两波的频率相同；故D正确；E、偏振是横波的性质；故光的偏振说明光是横波；故E正确；故选：BDE【点评】：本题关键要知道波的频率等于波源的振动频率，由波源的振动情况决定，与其他因素无关．16．（2017•云南一模）如图所示，ABCD为一棱镜的横截面，∠A=∠B=90°，∠C=60°，CD面镀银成反射面．一宽度为d 的平行光束垂直AB面射入棱镜，从BC面射出后垂直射到光屏MN上，在MN上得到一宽度为d的亮斑．求棱镜材料的折射率．【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：首先作出光路图，由几何关系求出光线射到BC面的入射角，并得到MN上的亮斑与d的关系，再由折射定律求解．【解析】：解：光路图如图所示，当光屏MN与射出的光束垂直时，由几何关系可得：光线射到BC面的入射角为：i=30°由几何关系可得：===设光线从BC射出时的折射角为r，则在△O3O4F中：sin（90°﹣r）=据题意：= d由折射定律可得：n=联立解得：n=答：棱镜材料的折射率为．【点评】：本题是几何光学问题，做这类题目，首先要正确画出光路图，要能灵活运用几何知识帮助我们分析角的大小．【物理一选修3-5】（15分）17．（2017•云南一模）在下列叙述中，正确的是（） A．光电效应现象说明光具有粒子性B．重核裂变和轻核聚变都会产生质量亏损C．玛丽居里最早发现了天然放射现象D．若黄光照射某金属能发生光电效应，用紫光照射该金属一定能发生光电效应E．根据波尔理论，氢原子从高能态跃迁到低能态时，原子向外释放光子，原子电势能和核外电子的动能均减小【考点】：重核的裂变；光电效应．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：光电效应是金属中的电子逸出金属的现象；贝可勒尔发现天然放射现象；根据氢原子能量的变化得出轨道半径的变化，结合库仑引力提供向心力得出电子动能的变化，抓住原子能量等于动能和电势能之和得出电势能的变化【解析】：解：A、光电效应是金属中的电子吸收能量后，飞出金属表面的现象；说明光具有粒子性；故A正确．B、重核裂变和轻核聚变都会产生质量亏损；故B正确；C、贝可勒尔发现天然放射现象中，原子核发生衰变，生成新核，同时有中子产生，因此说明了原子核可以再分；故C错误；D、因紫光的频率高于黄光的频率；故若黄光照射某金属能发生光电效应，用紫光照射该金属一定能发生光电效应半衰期的大小与所处的物理环境和化学状态无关，由原子核内部因素决定．故D正确．E、氢原子辐射出一个光子后，原子能量减小，轨道半径减小，根据k=m知，核外电子的动能增大，原子能量等于动能和电势能之和，则电势能减小．故E错误；故选：ABD．【点评】：本题考查了光电效应、α粒子散射实验、半衰期、能级跃迁等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点．18．（2017•云南一模）如图所示，光滑的杆MN水平固定，物块A穿在杆上，可沿杆无摩擦滑动，A通过长度为工的轻质细绳与物块B相连，A、B质量均为m且可视为质点．一质量也为m的子弹水平射入物块B后未穿出，若杆足够长，此后运动过程中绳子偏离竖直方向的最大夹角为600．求子弹刚要射入物块B时的速度大小．【考点】：动量守恒定律．【专题】：动量定理应用专题．【分析】：子弹射入木块的过程中，子弹和木块组成的系统动量守恒，子弹开始射入物块B到绳子偏离竖直方向夹角最。
2017年高考物理基础综合提升(可编辑修改word版)
2017 年高考物理基础综合提升（六）1.对于万有引力定律的表达式，下列说法正确的是（）A.公式中的G 是引力常量，它是牛顿通过实验测得的，不是人为规定的B.当r 等于零时，万有引力为无穷大C.两物体之的万有引力总是大小相等，与两物体的质量是否相等无关D．r 是两物体最近的距离2．关于万有引力定律恒量的发现，下列说法正确的是（）A．万有引力定律是由开普勒发现的，而引力常量G 是由伽利略测定的B．万有引力定律是由开普勒发现的，而引力常量G 是由卡文迪许测定的C．万有引力定律是由牛顿发现的，而引力常量G 是由胡克测定的D．万有引力定律是由牛顿发现的，而引力常量G 是由卡文迪许测定的3．万有引力常量G 的单位是（）A．kg2/（N·m2）B．N·kg2/m2C．m2/（N·kg2）D．N·m2/kg2 4．地球半径为R，距离地心高为h 处有一颗同步卫星，另有一个半径为3R 的星球，距该星球球心高度为3h 处也有一颗同步卫星，它的周期为72h，则该星球的平均密度与地球的平均密度的比值为（）A．1：9 B．1：3 C．9：1 D．3：15．两个行星各有一个卫星绕其表面运行，已知两个卫星的周期之比为1：2，两行星半径之比为2：1，则下列选项正确的是（）A.两行星密度之比为4：1B.两行星质量之比为16：1C．两行星表面处重力加速度之比为8：1D．两卫星的速率之比为4：16.甲、乙两颗人造地球卫星，质量相等，它们的轨道都是圆形的，若甲的运动周期比乙小，则（）A．甲距地面的高度比乙大B．甲的加速度一定比乙小C．甲的加速度一定比乙大D．甲的速度一定比乙小7.在绕地球做匀速圆周运动的人造卫星中，有一个贴在内壁上的物体，这个物体的受力情况是（）A．受到地球引力和内壁支持力的作用B．受到地球引力和向心力的作用C．物体处于失重状态，不受任何力的作用D．只受到地球引力的作用8.在绕地球做匀速圆周运动的航天飞机外表面上，有一隔热陶瓷片自动脱落，则陶瓷片的运动状况将是（）A．做平抛运动B．做自由落体运动C．仍按原轨道做匀速圆周运动D．做圆周运动，逐渐落后于航天飞机2 9. 木星公转周期约 12 年，地球到太阳的距离为 1 天文单位，则木星到太阳的距离约为（ ）A ．2 天文单位B ．4 天文单位C ．5.2 天文单位D ．12 天文单位10. 火星的质量是地球质量的 m 倍，它的公转轨道的半径是地球公转轨道半径的 n 倍， 则太阳对火星的引力是对地球引力的（ ）A ．mn 倍B ．mn 2 倍C ． m 倍D ． n倍 n 2 m 2 11. 设土星绕太阳的运动是匀速圆周运动，若测得土星到太阳的距离是 r ，土星绕太阳运动的周期是 T ，万有引力常量 G 已知，根据这些数据无法求出的量是（ ）A ．土星的线速度大小B ．土星的加速度大小C ．土星的质量D ．太阳的质量12. 为了估算一个天体的质量，需要知道绕该天体做匀速圆周运动的另一星球的条件是（ ）① 质量和运转周期 ② 运转周期和轨道半径③ 轨道半径和环绕速度 ④ 环绕速度和质量A ．①③B ．②③C ．②④D ．①④13．对于人造地球卫星，下列说法正确的是（ ）A. 由v = r ，卫星轨道半径增大到原来的 2 倍时，速度增大到原来的 2 倍v 2B. 由 F = m r，卫星轨道半径增大到原来的 2 倍时，速度增大到原来的 倍 C. 由 F = G Mm ，卫星轨道半径增大到原来的 2 倍时，向心力减为原来的 1/4 r2 v 2D. 由 F = m r，卫星轨道半径增大到原来的 2 倍时，向心力减为原来的 1/2 14. 太空舱绕地球飞行时，下列说法正确的是（ ）A ．太空舱做圆周运动时所需的向心力由地球对它的吸引力提供B ．地球对舱内物体无吸引力C ．太空舱内不能使用弹簧测计D ．太空舱内可以使用天平15. 一颗小行星环绕太阳做匀速圆周运动的半径是地球绕太阳公转半径的 4 倍，则小行星的环绕周期是（ ）A ．1 年B ．2 年C ．4 年D ．8 年二、非选择题16. 如图 2-2-3 所示，在半径为 R ，质量为 M 的均匀球体的球心处挖去一个半径为 R/2 的球体后，对离球心距离为 d 的质点 m的引力是多大？（提示：球壳的质量可看成集中在球心）图 2-2-317. 某一星球的第一宇宙速度为 v ，质量为 m 的宇航员在这个星球表面受到的重力为 G ，由此可知这个星球的半径是 。
高考物理提分练习综合复习试题(含答案)
高考物理提分练习综合复习试题（含答案）高考物理-提分练习综合复习-试题（含答案）一、单选题1.如图所示，小车内的小球分别与轻弹簧和细绳的一端拴接，其中轻弹簧沿竖直方向，细绳与竖．直方向的夹角为θ．当小车和小球相对静止一起在水平面上运动时，下列说法正确的是（）A. 细绳一定对小球有拉力的作用 B. 轻弹簧一定对小球有弹力的作用C. 细绳不一定对小球有拉力的作用，但是轻弹簧对小球一定有弹力的作用 D. 细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力的作用2.如图所示，用平行于斜面体A斜面的轻弹簧将物块P拴接在挡板B上，在物块P上施加沿斜面向上的推力F，整个系统处于静止状态．下列说法正确的是（）A. 物块P与斜面之间一定存在摩擦力 B. 弹簧的弹力一定沿斜面向下C. 地面对斜面体A的摩擦力水平向左 D. 若增大推力，则弹簧弹力一定减小3.半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN．在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态．如图所示是这个装置的纵截面图．若用外力使MN保持竖直地缓慢向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止．在此过程中，下列说法中正确的是（）A. Q受到MN的弹力逐渐减小 B. Q受到P的弹力逐渐减小C. Q受到MN和P的弹力之和保持不变 D. P受到地面的支持力和摩擦力均保持不变4.如图，小球A置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球B用水平轻弹簧拉着，弹簧固定在竖直板上．两小球A、B通过光滑滑轮O用轻质细线相连，两球均处于静止状态．已知球B质量为m，O点在半圆柱体圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30°角．OA长度与半圆柱体半径相等，OB与竖直方向成45°角，现将轻质细线剪断的瞬间（重力加速度为g）（）A. 弹簧弹力大小mgB. 球B的加速度为gC. 球A受到的支持力为mg D. 球A的加速度为g5.如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘。
2017高考物理复习资料
2017高考物理复习资料2017高考物理复习资料(1)光的传播，折射定律及折射率的概念与公式，临界角的概念，典型现象与实际应用，光的干涉与双缝实验现象原理图，光的衍射现象。
(2)热力学第一定律，公式pV=nRT，注意气体对外做功和外界对气体做功的区别(热力学公式中正负号的问题)。
分子动理论，两个分子势能(及合力)与分子间距离关系的图像，布朗运动现象及解释，气体压强的微观表述，气体温度的意义，理想气体压强p、体积V、温度T三者间关系图像。
(3)波尔能级模型及其公式，爱因斯坦光电效应现象解释及其公式。
(4)天体中人造卫星轨道变轨。
轨道变轨源于助推器提供的动力，当助推器加速度时，卫星的总能量提高，向更高的轨道“跃迁”(R变大)，不过伴随着轨道半径的增加，最终卫星的速度却降了下来。
(5)电容的基本特性，与电路的联合命题。
如果电路中的开关打开，则电容板上的电荷不变(相当于断路，电荷无法流动)，如果开关闭合，电容相当于并联于电路中，电压不变，等于电源电压。
(6)理想变压器与远距离输电结合的电路问题。
变压器电压电流比例关系式，交流电的远距离输电线路简化模型，各部分功率、电压、电流的关系，消耗功率的计算，等等。
(7)伏安法测定电阻的方法，注意电路选择内、外接法的依据。
当然，如果缺少电压表，能用一个定值电阻与另一个电流表串联起来代替。
高中物理有所有电学实验原理、操作、误差的详细解析，同学们需要的话，可以去下载。
另外，E-r的考察也是一个热点。
xx个人认为电学实验的考察可能性比力学实验要大。
(8)自由落体运动。
比如，一个物体自由下落，一个物体竖直上抛能否相遇的问题，确定好正方向，列出对应方程，根据数学推到来判断是否有解。
圆周运动在生活中的一些具体的物理应用案例。
比如火车过弯道轨道应该有倾角，汽车过拱形桥、凹形桥，齿轮传动设备，游乐场的摩天轮、旋转木马等等。
(9)带电粒子在磁场中的圆周偏转。
很有可能是复合场问题的考察，粒子的偏转角等于对应的圆心角，把几何关系找对，画出粒子的轨迹图，在三角形中求解圆周偏转的半径。
2017年高考物理基础综合提升
2017年高考物理基础综合提升（八）一、选择题1．下列说法正确的是（ ）A ．永久磁体的磁性不可能消失B ．运动的电荷会产生磁场，静止的电荷也会产生磁场C ．一切磁作用都是通过磁场发生的D ．任何电荷在磁场中都受到洛仑兹力2．带电微粒所带的电量不可能是下列值中的（ ）A ．3.2×10-19CB ．-6.4×10-19CC ．-2.6×10-18CD ．4×10-17C3．关于电场强度E 的说法，正确的是（ ）A ．电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受的电场力的方向相同B ．根据E=F/q 可知，电场中某点的电场强度与电场力F 成正比，与电量q 成反比C ．q 为负电荷时，E 的方向与q 为正电荷时E 的方向相反D ．公式E=F/q 只适用于点电荷的电场4．要判定通电直导线的磁感线方向跟电流方向之间的关系，可以用（ ）A ．平行四边形定则B ．左手定则C ．右手定则D ．安培定则5．如图3-1-21所示，将带电粒子从电场中的A 点无初速度地释放，不计重力的作用，则下列说法不正确．．．的是（ ） A ．带电粒子一定做加速直线运动B ．带电粒子的动能一定逐渐增大C ．带电粒子的加速度一定越来越小D ．带电粒子的加速度可能越来越大6．一个电子匀速穿过某一空间，则（ ）A ．此空间一定不存在磁场B ．此空间一定不存在电场C ．此空间可能只有磁场，方向与电子速度垂直D ．此空间可能只有电场，方向与电子速度垂直7．通电螺线管中通以图3-1-22所示方向的电流，其附近各小磁针N 极所指方向向右的有（ ） A ．甲 B ．乙 C ．丙 D ．丁 8．一个电荷从静电场中的a 点移动到b 点，下列说法正确的是（ ）A ．a 、b 两点的电场强度一定相等B ．电荷在a 、b 两点一定受电场力的作用C ．电荷的速度一定越来越大D ．作用于该电荷的电场力与其移动方向总垂直 9．图3-1-23所示为一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图，其工作原理类似于打点计时器，电流从A 图3-1-21甲 乙丙丁 图3-1-22 ~ a b 小磁弹性金属片 橡皮气室 电磁空气导管图3-1-23电磁铁的接线柱a 流入，吸引小磁铁向下运动时，以下选项正确的是（ ）A ．电磁铁的上端为N 极，小磁铁的下端为N 极B ．电磁铁的上端为S 极，小磁铁的下端为S 极C ．电磁铁的上端为N 极，小磁铁的下端为S 极D ．电磁铁的上端为S 极，小磁铁的下端为N 极10．真空中有两个点电荷A 、B ，它们间的距离为r ，相互作用的静电力为F 。
2017云南高考理综试卷及答案解析(完整版)
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2017年高考全国卷3理综真题及答案解析（完整版）
适用地区：云南、广西、贵州、四川
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2017年云南高考物理综合提升总复习
2017年云南高考物理综合提升总复习（九）1．(2012·徐州一中高一检测)关于超重与失重的说法正确的是( )A．游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态B．在超重现象中，物体的重力是增大的C．处于完全失重状态的物体，其重力一定为零D．如果物体处于失重状态，它必然有竖直向下的加速度【解析】失重是指弹力小于重力、合力竖直向下的情形，即加速度方向向下，故D对；运动员处于静止状态，合力为零，既不失重，也不超重，A错误；不管是超重还是失重，物体的重力是不变的，B、C错误．【答案】 D2．物体在共点力作用下，下列说法中正确的是 ( )A．物体的速度在某一时刻等于零时，物体就一定处于平衡状态B．物体相对另一物体保持静止时，物体一定处于平衡状态C．物体所受合外力为零时，就一定处于平衡状态D．物体做匀加速运动时，物体处于平衡状态【解析】处于平衡状态的物体从运动形式上是处于静止或匀速直线运动状态；从受力上看，物体所受合外力为零．某一时刻速度为零的物体，受力不一定为零，故不一定处于平衡状态，A错误；物体相对另一物体静止时，该物体不一定静止，如当另一物体做变速运动时，该物体也做变速运动，此时物体处于非平衡状态，故B错误；C选项符合平衡条件，故C正确；物体做匀加速运动，所受合外力不为零，所以不是平衡状态，故D错误．【答案】 C3.图4－7－6如图4－7－6所示，质量为60 kg的运动员的两脚各用750 N的水平力蹬着两竖直墙壁匀速下滑，若他从离地12 m高处无初速匀加速下滑2 s可落地，则此过程中他的两脚蹬墙的水平力均应等于(g＝10 m/s2)( )A．150 N B．300 NC．450 N D．600 N【解析】匀速下滑时由平衡条件知2×μ×750＝600 ①加速下滑时a＝2×124m/s2＝6 m/s2600－2μF N＝60a ③①②③联立得F N＝300 N，B对．【答案】 B4．某物体受四个力的作用而处于静止状态，保持其他三个力的大小和方向均不变，使另一个大小为F的力的方向转过90°，则欲使物体仍保持静止状态，必须再加上一个大小为多少的力( )A．F B.2FC．2F D．3F【解析】物体受四个力作用而处于静止状态时，F与其余三个力的合力等大、反向，设为F′，当F转过90°时，F′与F夹角为90°，又F′＝F，两力的合力F合＝2F，故需加一个与F合方向相反、大小为2F的力．故B正确．【答案】 B图4－7－75．(2012·深圳高一检测)如图4－7－7所示，氢气球受风力作用而使拉住它的细绳与地面的夹角为θ，在细绳被剪断的瞬间，气球所受外力的合力为(氢气球的重力忽略不计) ( )A．与原来绳子的拉力大小相等，方向相反B．沿风力方向，大小等于风力C．沿竖直方向向上，大小等于气球所受的浮力D．与原来绳子的拉力方向相反，大小等于风力与浮力的合力【解析】氢气球受到三个力的作用：竖直向上的浮力、风力、沿着绳子方向的拉力，三个力的合力为零，故风力和浮力的合力与绳子的拉力等大反向；当把绳子剪断后，氢气球受到的风力和浮力和没剪断之前相等，所以两者的合力沿着绳子的反方向，故A、D正确，B、C错误．【答案】AD图4－7－86．在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．现对B施加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F，A对B的作用力为F2，地面对A1的作用力为F3.若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面图如图4－7－8所示，则在此过程中( )A．F1保持不变，F3缓慢增大B．F1缓慢增大，F3保持不变C．F2缓慢增大，F3缓慢增大D．F2缓慢增大，F3保持不变【解析】如图甲所示，球B受到四个力作用，且保持静止，则有F2cos θ＝F＋mg，θ不变．若F缓慢增大，则F2也增大，而F2sin θ＝F1，则F1也增大．对于整体而言，受力分析图如图乙所示，地面对A的摩擦力F f＝F1，地面对A的支持力F N＝F＋G总，F f和F N均缓慢增大，所以F3＝F N也缓慢增大，C正确．甲乙【答案】 C图4－7－97．直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图4－7－9所示．设箱子初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态．在箱子下落过程中，下列说法正确的是( ) A．箱内物体对箱子底部始终没有压力B．箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C．箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D．若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”【解析】箱子刚投下时不受阻力，整体加速度为g，对于物体有：mg－F N ＝mg，即F N＝0，此时物体对箱子底部的压力为零，故B错，随着箱子的下落，因受空气阻力作用，对整体应用牛顿第二定律得：(M＋m)g－kv2＝(M＋m)a，随着下落速度的增大，加速度越来越小，对物体应用牛顿第二定律得：mg－F N＝ma，随着加速度的减小，支持力越来越大，由牛顿第三定律可得压力也越来越大，故A错，C对；若下落距离足够长，最后重力与阻力平衡，加速度a为零，箱子将做匀速直线运动，此时对物体有：mg＝F N，因此物体不可能“飘起来”，故D错．【答案】 C图4－7－108．为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯．无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图4－7－10所示．那么下列说法中正确的是( ) A．顾客始终受到三个力的作用B．顾客始终处于超重状态C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D．顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方，再竖直向下【解析】加速时顾客受到三个力作用：重力、支持力、摩擦力，匀速时受两个力：重力、支持力，A、B错误；如图所示，加速时，摩擦力方向向右，与支持力的合力，即扶梯对顾客的作用力指向右上方，根据牛顿第三定律，顾客对扶梯的作用力方向指向左下方；匀速时，顾客不受摩擦力作用，支持力等于重力，即顾客对扶梯的压力方向竖直向下，C正确，D错误．【答案】 C图4－7－119．如图4－7－11所示，电灯悬挂于两墙壁之间，更换水平绳OA使连接点A向上移动，而保持O点位置和OB绳的位置不变，则在A点向上移动的过程中( )A．绳OB的拉力逐渐增大B．绳OB的拉力逐渐减小C．绳OA的拉力先增大后减小D．绳OA的拉力先减小后增大【解析】在绳OA的连接点A向上移动的过程中，结点O始终处于平衡状态．取结点O为研究对象，受力情况如图所示，图中F TOA、F TOB、F3分别是绳OA、绳OB、电灯对结点O的拉力，F3′是F TOA和F的合力，且F3′与F3大小相等．在A点向上移动的过程中，F3的大小和方向TOB都保持不变，F TOB的方向保持不变．由图可知，当绳OA垂直于OB时，绳OA的拉力最小，所以绳OA的拉力先减小后增大，绳OB的拉力逐渐减小，选项B、D正确．【答案】BD图4－7－1210．(2012·重庆三中高一期末)如图4－7－12用绳AC和BC吊起一个重50 N的物体，两绳与竖直方向的夹角分别为30°和45°，求绳AC和BC对物体的拉力．(结果可以带根号)【解析】对悬点C受力分析，因为C点平衡，所以有Fcos 30°＋F BC cos 45°＝GACFsin 30°＝F BC sin 45°AC解得：F AC＝50(3－1)NF＝25(6－2)NBC【答案】50(3－1)N 25(6－2)N图4－7－1311．(2012·西安高一检测)如图4－7－13所示，球重为G，半径为R，墙壁顶点A光滑，现用一细绳拉着球，使它沿光滑的竖直墙壁缓慢向上运动，若绳所能承受的最大拉力为T，求：(1)球心能达到的最高点到A点的距离？(2)球心到达最高点时，墙壁对球的压力．【解析】(1)设球心能到达的最高点到A的距离为L，球受力分析如图，由平衡条件得：G＝T sin θ由几何知识可知：sin θ＝L2－R2/L联立上述方程解得：L＝TR/T2－G2(2)N＝T cos θ＝T1－θ2＝T2－G2【答案】(1)TR/T2－G2(2) T2－G212．一质量为m＝40 kg的小孩站在电梯内的体重计上．电梯从t＝0时刻由静止开始上升，在0到6 s内体重计示数F的变化如图4－7－14所示．试求在这段时间内电梯上升的高度．(取重力加速度g＝10 m/s2)图4－7－14【解析】由F－t图象可知，在0～2 s内视重F1＝440 N，而小孩的重力mg＝400 N，所以电梯和小孩由静止开始向上做匀加速运动，由牛顿第二定律得F 1－mg＝ma1，电梯上升的高度h1＝12a1t21，由以上两式解得a1＝1 m/s2，h1＝2 m；在2～5 s内，视重F2＝400 N＝mg，电梯和小孩向上做匀速运动，匀速运动的速度v1＝a1t1＝2 m/s，电梯上升的高度h2＝v1(t2－t1)＝6 m；在5～6 s内，视重F3＝320 N<mg，电梯和小孩向上做减速运动，由牛顿第二定律得mg－F3＝ma2，电梯上升的高度h3＝v1(t3－t2)－12a2(t3－t2)2，由以上两式解得a2＝2 m/s2，h3＝1 m，这段时间内电梯上升的总高度h＝h1＋h2＋h3＝9 m. 【答案】9 m。
云南高考物理综合提升总温习七
2017年云南高考物理综合提升总温习（七）1．一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改成匀速运动，最后改做减速运动，那么以下说法中正确的选项是( ) A．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力B．减速前进时，绳拉物体的力小于物体拉绳的力C．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小相等D．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等【解析】不论物体加速、匀速仍是减速运动，绳拉物体的力与物体拉绳的力老是作使劲与反作使劲，大小相等、方向相反，故D正确，A、B、C错误．【答案】 D图4－5－82．如图4－5－8是中国运动员黄珊汕在第16届广州亚运会女子蹦床竞赛中的出色镜头，黄珊汕在与蹦床接触的时候，以下说法正确的选项是( ) A．黄珊汕的重力与蹦床对她的弹力是作使劲与反作使劲B．黄珊汕对蹦床的作使劲与蹦床对她的作使劲是作使劲与反作使劲C．蹦床对黄珊汕的作使劲大于黄珊汕对蹦床的作使劲，因此才能将她弹起D．蹦床对黄珊汕的作使劲等于黄珊汕对蹦床的作使劲【解析】蹦床对黄珊汕的作使劲与黄珊汕对蹦床的作使劲是作使劲与反作使劲；由牛顿第三定律知二者相等．【答案】BD图4－5－93.如图4－5－9所示，两个小球A和B，中间用弹簧连接，并用细绳悬挂于天花板上，下面四对力中属于平稳力的是( )A．绳对A的拉力和弹簧对A的拉力B．弹簧对A的拉力和弹簧对B的拉力C．弹簧对B的拉力和B对弹簧的拉力D．B的重力和弹簧对B的拉力【解析】对A、B受力分析如下图．平稳力是作用在同一物体上的一对力，它们等大、反向、共线．A球受三个力作用途于静止状态，因此绳对A的拉力和弹簧对A的拉力不是一对平稳力，弹簧对A的拉力和弹簧对B的拉力作用在两个物体上，也不是一对平稳力．弹簧对B的拉力和B对弹簧的拉力是一对作使劲与反作使劲．【答案】 D4．关于作使劲、反作使劲和一对平稳力的熟悉，正确的选项是( )A．一对平稳力的合力为零，作用成效彼此抵消，一对作使劲与反作使劲的合力也为零，作用成效也彼此抵消B．作使劲和反作使劲同时产生、同时转变、同时消失，且性质相同，平稳力的性质却不必然相同C．作使劲和反作使劲同时产生、同时转变、同时消失，且一对平稳力也是如此D．先有作使劲，接着才有反作使劲，一对平稳力却是同时作用在同一个物体上【解析】作使劲与反作使劲作用在两个不同的物体上，作用成效不能抵消，A错误；作使劲与反作使劲具有同时性、性质相同的特点，平稳力不必然具有这些特点，B正确，C、D错误．【答案】 B图4－5－105．如图4－5－10所示，将一台电视机静止放在水平桌面上，那么以下说法中正确的选项是( )A．水平桌面对电视机的支持力的大小等于电视机的重力，这两个力是一对平稳力B．电视机所受的重力和桌面对它的支持力是一对作使劲与反作使劲C．电视机对桌面的压力确实是电视机所受的重力，这两个力是同一种性质的力D．电视机对桌面的压力和桌面对电视机的支持力是一对平稳力【解析】电视机受力情形如下图，因为电视机处于平稳状态，且F与G 作用于同一物体，因此F和G是一对平稳力，故A正确；因作使劲和反作使劲别离作用于两个物体上．故B错；因压力是弹力，而弹力与重力是性质不同的两种力，故C错；由于支持力和压力是电视机与桌面彼此作用(挤压)而产生的，故是一对作使劲和反作使劲，故D错．【答案】 A6.图4－5－11(2021·西安一中高一检测)如图4－5－11所示，一物体在粗糙的水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，那么以下说法正确的选项是( )A．物体可能只受两个力作用B．物体可能受三个力作用C．物体可能不受摩擦力作用D．物体必然受四个力【解析】物体做匀速直线运动，处于平稳状态，恒定拉力F有水平向右的分力，物体必然受到水平向左的摩擦力，因此物体必然受到竖直向上的地面的支持力，故物体必然受拉力、重力、支持力、摩擦力四个力的作用，A、B、C错误，D正确．【答案】 D7．如图4－5－12所示，两个弹簧测力计钩在一路，两边通过定滑轮各挂一个质量均为m的重物，那么弹簧测力计的读数大小为 ( )图4－5－12A．2mg B．mgC．0 D．无法判定【解析】弹簧测力计是一种测力工具，利历时，挂钩端与被测力相接触，另一端固定，其实固定端也要受力，且等于被测力，此题中一端的重物起到固定的作用，弹簧测力计的读数就等于挂钩端物体的重力，故B正确．【答案】 B图4－5－138．(2021·济南高一检测)如图4－5－13所示，物体M在竖直向上的拉力F 的作用下静止在斜面上，关于M受力的个数，以下说法中正确的选项是( ) A．M必然是受两个力作用B．M必然是受四个力作用C．M可能受三个力作用D．M受两个力作用或受四个力作用【解析】假设拉力F大小等于重力，那么物体与斜面之间没有彼此作使劲，因此物体只受到两个力的作用；假设拉力F小于物体的重力，那么斜面对物体产生支持力和静摩擦力，且支持力与静摩擦力的合力方向竖直向上，故物体受到四个力的作用，故D正确.【答案】 D9．如图4－5－14甲、乙所示，拉力F使叠放在一路的A、B两物体一路以一起速度沿F方向做匀速直线运动，那么( )甲乙图4－5－14A．两图中A物体受到的摩擦力方向均与F方向相同B．两图中A物体受到的摩擦力方向均与F方向相反C．两图中A物体均不受摩擦力作用D．甲图中的A物体不受摩擦力，乙图中的A物体受到的摩擦力方向与F方向相同【解析】别离对两图中的A物体进行受力分析，甲图中若是A受到摩擦力，那么A物体受到的合力不为0，A物体不能做匀速直线运动，故甲图中物体A不受摩擦力作用．乙图中，A物体相关于B物体有向下运动的趋势，故A物体受到的摩擦力方向与F方向相同．【答案】 D图4－5－1510．如图4－5－15所示一只质量为m的小孩，沿竖直方向的直杆，以a的加速度向上爬，求小孩对杆的作使劲．【解析】以小孩为研究对象，小孩受到两个力的作用，自身的重力mg和杆对它的作使劲F，如下图：由牛顿第二定律知F－mg＝ma得：F＝m(a＋g)由牛顿第三定律知，小孩对杆的作使劲大小为m(a＋g)，方向竖直向下．【答案】m(a＋g)，方向竖直向下11．一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，图4－5－16绳的一端系一质量m＝15 kg的重物，重物静止于地面上，有一质量m1＝10 kg 的猴子，从绳索的另一端沿绳向上爬，如图4－5－16所示．不计滑轮摩擦，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度是多少？(取g＝10 m/s2) 【解析】重物恰好要离开地面时，猴子有最大加速度，设此加速度为a.现在，关于重物有F T＝mg，关于猴子有F T′－m1g＝m1a，由牛顿第三定律知F T＝F T′，因此a＝m－m1gm1＝5 m/s2.【答案】 5 m/s2图4－5－1712．如图4－5－17所示，圆环的质量为M，通过环心的竖直钢丝AB上套有一个质量为m的小球，今让小球沿钢丝AB(质量不计)以初速度v0竖直向上运动，要使圆环对地面无压力，那么小球的加速度和小球能达到的最大高度是多少？(设小球可不能抵达A点)【解析】由牛顿第三定律知圆环对地面无压力，那么地面对圆环无支持力，取小球为研究对象，受重力mg和钢丝对小球竖直向下的摩擦力F f.由牛顿第二定律得：mg＋F f＝ma，由牛顿第三定律可知小球对钢丝竖直向上的摩擦力F f′＝F f.对圆环受力分析可知，圆环受重力Mg和竖直向上的摩擦力F f ′作用，那么：Mg＝F f′，由以上各式解得：a＝M＋mmg.小球沿钢丝做匀减速运动，由运动公式可得上升的最大高度x＝v22a＝mv22M＋m g.【答案】M＋mmgmv22M＋m g。
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2017年云南高考物理综合提升总复习（七）1．一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改为匀速运动，最后改做减速运动，则下列说法中正确的是( )
A．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力
B．减速前进时，绳拉物体的力小于物体拉绳的力
C．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小相等
D．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等
【解析】不论物体加速、匀速还是减速运动，绳拉物体的力与物体拉绳的力总是作用力与反作用力，大小相等、方向相反，故D正确，A、B、C错误．【答案】 D
图4－5－8
2．如图4－5－8是中国运动员黄珊汕在第16届广州亚运会女子蹦床比赛中的精彩镜头，黄珊汕在与蹦床接触的时候，以下说法正确的是( ) A．黄珊汕的重力与蹦床对她的弹力是作用力与反作用力
B．黄珊汕对蹦床的作用力与蹦床对她的作用力是作用力与反作用力
C．蹦床对黄珊汕的作用力大于黄珊汕对蹦床的作用力，因此才能将她弹起D．蹦床对黄珊汕的作用力等于黄珊汕对蹦床的作用力
【解析】蹦床对黄珊汕的作用力与黄珊汕对蹦床的作用力是作用力与反作用力；由牛顿第三定律知二者相等．
【答案】BD
图4－5－9
3.如图4－5－9所示，两个小球A和B，中间用弹簧连接，并用细绳悬挂于天花板上，下面四对力中属于平衡力的是( )
A．绳对A的拉力和弹簧对A的拉力
B．弹簧对A的拉力和弹簧对B的拉力
C．弹簧对B的拉力和B对弹簧的拉力
D．B的重力和弹簧对B的拉力
【解析】
对A、B受力分析如图所示．平衡力是作用在同一物体上的一对力，它们等大、反向、共线．A球受三个力作用处于静止状态，所以绳对A的拉力和弹簧对A的拉力不是一对平衡力，弹簧对A的拉力和弹簧对B的拉力作用在两个物体上，也不是一对平衡力．弹簧对B的拉力和B对弹簧的拉力是一对作用力与反作用力．【答案】 D
4．关于作用力、反作用力和一对平衡力的认识，正确的是( )
A．一对平衡力的合力为零，作用效果相互抵消，一对作用力与反作用力的合力也为零，作用效果也相互抵消
B．作用力和反作用力同时产生、同时变化、同时消失，且性质相同，平衡力的性质却不一定相同
C．作用力和反作用力同时产生、同时变化、同时消失，且一对平衡力也是如此
D．先有作用力，接着才有反作用力，一对平衡力却是同时作用在同一个物体上
【解析】作用力与反作用力作用在两个不同的物体上，作用效果不能抵消，A错误；作用力与反作用力具有同时性、性质相同的特点，平衡力不一定具备这些特点，B正确，C、D错误．
【答案】 B
图4－5－10
5．如图4－5－10所示，将一台电视机静止放在水平桌面上，则以下说法中正确的是( )
A．水平桌面对电视机的支持力的大小等于电视机的重力，这两个力是一对平衡力
B．电视机所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力
C．电视机对桌面的压力就是电视机所受的重力，这两个力是同一种性质的力
D．电视机对桌面的压力和桌面对电视机的支持力是一对平衡力
【解析】电视机受力情况如图所示，因为电视机处于平衡状态，且F与G 作用于同一物体，因此F和G是一对平衡力，故A正确；因作用力和反作用力分别作用于两个物体上．故B错；因压力是弹力，而弹力与重力是性质不同的两种力，故C错；由于支持力和压力是电视机与桌面相互作用(挤压)而产生的，故是一对作用力和反作用力，故D错．
【答案】 A
6.
图4－5－11
(2012·西安一中高一检测)如图4－5－11所示，一物体在粗糙的水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是( ) A．物体可能只受两个力作用
B．物体可能受三个力作用
C．物体可能不受摩擦力作用
D．物体一定受四个力
【解析】物体做匀速直线运动，处于平衡状态，恒定拉力F有水平向右的分力，物体必然受到水平向左的摩擦力，因此物体一定受到竖直向上的地面的支持力，故物体一定受拉力、重力、支持力、摩擦力四个力的作用，A、B、C错误，D正确．
【答案】 D
7．如图4－5－12所示，两个弹簧测力计钩在一起，两边通过定滑轮各挂一个质量均为m的重物，则弹簧测力计的读数大小为 ( )
图4－5－12
A．2mg B．mg
C．0 D．无法判断
【解析】弹簧测力计是一种测力工具，使用时，挂钩端与被测力相接触，另一端固定，其实固定端也要受力，且等于被测力，本题中一端的重物起到固定的作用，弹簧测力计的读数就等于挂钩端物体的重力，故B正确．【答案】 B
图4－5－13
8．(2012·济南高一检测)如图4－5－13所示，物体M在竖直向上的拉力F 的作用下静止在斜面上，关于M受力的个数，下列说法中正确的是( ) A．M一定是受两个力作用
B．M一定是受四个力作用
C．M可能受三个力作用
D．M受两个力作用或受四个力作用
【解析】若拉力F大小等于重力，则物体与斜面之间没有相互作用力，所
以物体只受到两个力的作用；若拉力F小于物体的重力，则斜面对物体产生支持力和静摩擦力，且支持力与静摩擦力的合力方向竖直向上，故物体受到四个力的作用，故D正确.
【答案】 D
9．如图4－5－14甲、乙所示，拉力F使叠放在一起的A、B两物体一起以共同速度沿F方向做匀速直线运动，则( )
甲乙
图4－5－14
A．两图中A物体受到的摩擦力方向均与F方向相同
B．两图中A物体受到的摩擦力方向均与F方向相反
C．两图中A物体均不受摩擦力作用
D．甲图中的A物体不受摩擦力，乙图中的A物体受到的摩擦力方向与F方向相同
【解析】分别对两图中的A物体进行受力分析，甲图中如果A受到摩擦力，则A物体受到的合力不为0，A物体不能做匀速直线运动，故甲图中物体A不受摩擦力作用．乙图中，A物体相对于B物体有向下运动的趋势，故A物体受到的摩擦力方向与F方向相同．
【答案】 D
图4－5－15
10．如图4－5－15所示一只质量为m的小孩，沿竖直方向的直杆，以a的加速度向上爬，求小孩对杆的作用力．
【解析】以小孩为研究对象，小孩受到两个力的作用，自身的重力mg和杆对它的作用力F，如图所示：
由牛顿第二定律知F－mg＝ma
得：F＝m(a＋g)
由牛顿第三定律知，小孩对杆的作用力大小为m(a＋g)，方向竖直向下．【答案】m(a＋g)，方向竖直向下
11．一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，
图4－5－16
绳的一端系一质量m＝15 kg的重物，重物静止于地面上，有一质量m1＝10 kg 的猴子，从绳子的另一端沿绳向上爬，如图4－5－16所示．不计滑轮摩擦，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度是多少？(取g＝10 m/s2) 【解析】重物刚好要离开地面时，猴子有最大加速度，设此加速度为a.此时，对于重物有F T＝mg，对于
猴子有F T′－m1g＝m1a，由牛顿第三定律知F T＝F T′，所以a＝m－m
1
g
m
1
＝
5 m/s2.
【答案】 5 m/s2
图4－5－17
12．如图4－5－17所示，圆环的质量为M，经过环心的竖直钢丝AB上套有一个质量为m的小球，今让小球沿钢丝AB(质量不计)以初速度v0竖直向上运动，
要使圆环对地面无压力，则小球的加速度和小球能达到的最大高度是多少？(设小球不会到达A点)
【解析】由牛顿第三定律知圆环对地面无压力，则地面对圆环无支持力，取小球为研究对象，受重力mg和钢丝对小球竖直向下的摩擦力F f.
由牛顿第二定律得：mg＋F f＝ma，由牛顿第三定律可知小球对钢丝竖直向上的摩擦力F f′＝F f.对圆环受力分析可知，圆环受重力Mg和竖直向上的摩擦力
F f ′作用，则：Mg＝F f′，由以上各式解得：a＝
M＋m
m
g.小球沿钢丝做匀减速运动，
由运动公式可得上升的最大高度x＝v2
2a
＝
mv2
2M＋m g
.
【答案】M＋m
m
g
mv2
2M＋m g。