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2024届高考物理二轮专题复习与测试第二部分物理二级结论汇总六电路和电磁感应

2024届高考物理二轮专题复习与测试第二部分物理二级结论汇总六电路和电磁感应

六 电路和电磁感应(一)恒定电流 1.I =Q t,I =neSv .2.R =ρl S,电阻率ρ与导体材料性质和温度有关,与导体横截面积和长度无关. 3.电阻串联、并联.串联:R =R 1+R 2+R 3+…+R n , 并联:1R =1R 1+1R 2+…+1R n,两个电阻并联:R =R 1R 2R 1+R 2. 二级结论为:(1)串联电路:总电阻大于任一分电阻;U ∝R ,U 1=R 1R 1+R 2U ;P ∝R ,P 1=R 1R 1+R 2P .(2)并联电路:总电阻小于任一分电阻;I ∝1R ,I 1=R 2R 1+R 2I ;P ∝1R ,P 1=R 2R 1+R 2P .(3)和为定值的两个电阻,阻值相等时并联电阻值最大. (4)电阻估算原则:串联时,大为主;并联时,小为主. 4.欧姆定律.(1) 部分电路欧姆定律:I =UR ,U =IR ,R =U I.(2) 闭合电路欧姆定律:I =ER +r.路端电压U =E -Ir =IR ,输出功率P 出=IE -I 2r =I 2R ,电源热功率P r =I 2r ,电源效率η=P 出P 总=U E =R R +r. 二级结论为:①并联电路中的一个电阻发生变化,电路有消长关系,某个电阻增大,它本身的电流减小,与它并联的电阻上电流变大.②外电路中任一电阻增大,总电阻增大,总电流减小,路端电压增大.5.电功和电功率.电功W =IUt ;电热Q =I 2Rt ;电功率P =IU . 6.画等效电路:电流表等效短路;电压表、电容器等效断路;等势点合并.7.R =r 时输出功率最大P =E 24r.8.R 1≠R 2,分别接同一电源:当R 1R 2=r 2时,输出功率P 1=P 2. 9.纯电阻电路的电源效率:η=RR +r.10.含电容器的电路中,电容器是断路,其电压值等于与它并联的电阻上的电压,稳定时,与它串联的电阻是虚设.电路发生变化时,有充放电电流.11.含电动机的电路中,电动机的输入功率P 入=UI ,发热功率P 热=I 2r ,输出机械功率P 机=UI -I 2r . 12.欧姆表.(1)指针越接近中值电阻R 中误差越小,一般应在R 中10至10R 中范围内(13~23满偏),R 中=R 0+R g +r =EI g.(2)R x =E I x -E I g;红黑笔特点:红进(正)黑出(负).(3)选挡,换挡后均必须重新进行欧姆调零才可测量,测量完毕,旋钮置OFF 或交流电压最高挡. (二)电磁感应 1.楞次定律.口诀:增反减同、来拒去留、增缩减扩.具体表现为:(1)内外环电流方向:“增反减同”;自感电流的方向:“增反减同”. (2)磁铁相对线圈运动:“你追我退,你退我追”.(3)通电导线或线圈旁的线框,线框运动时:“你来我推,你走我拉”. (4)电流变化时:“你增我远离,你减我靠近”.2.直杆平动垂直切割磁感线时所受的安培力:F A =B 2L 2v R 总.达到稳定时的速度:v m =FR 总B 2L2 ,其中F 为导体棒所受除安培力外其他外力的合力. 3.转杆(轮)发电机:E =12BL 2ω.4.感生电量:q =n ΔΦR 总.甲图中线框在恒力作用下穿过磁场:进入时产生的焦耳热小于穿出时产生的焦耳热. 乙、丙图中两线框下落过程:重力做功相等,乙落地时的速度大于丙落地时的速度. 5.计算通过导体截面的电荷量的两个途径.q =I -t →⎩⎪⎨⎪⎧I =E R ,E =n ΔΦΔt ⇒q =n ΔΦR 总=n BL Δx R 总F A =BIL ,F A·Δt =Δp ⇒q =ΔpBL(三)交变电流1.中性面垂直磁场方向,Φ与e 为互余关系(相差π2相位),此消彼长.最大电动势:E m =nBSω=nΦm ω.2.线圈从中性面开始转动:e =nBSω·sin ωt =E m ·sin ωt . 安培力:F A =nBI m L ·sin ωt .3.线圈从中性面的垂面开始转动:e =nBSω·cos ωt =E m ·cos ωt . 安培力:F A =nBI m L ·cos ωt .4.正弦交流电的有效值:I 2RT =U 2RT =Q ,Q 为一个周期内产生的总热量.5.变压器原线圈相当于电动机;副线圈相当于发电机.6.理想变压器原、副线圈相同的量:U n ,T ,f ,ΔΦΔt ,P 入=P 出.U 1U 2=n 1n 2,注意:U 1、U 2为线圈两端电压 I 1I 2=n 2n 1,注意:原、副线圈各一个. 7.远距离输电计算的思维模式:P 输=U 输I 输,U 线损=I 输R 线,P 线损=I 2输R 线=(P 输U 输)2R 线,U 用=U 输-U 线损,P 用=P 输-P 线损. (四)电磁波理论 1.电磁振荡. 周期T =2πLC ,f =12πLC .2.麦克斯韦电磁场理论.变化的磁场能够在周围空间产生电场,变化的电场能够在周围空间产生磁场.3.电磁场.变化电场在周围空间产生磁场,变化磁场在周围空间产生电场,变化的电场和磁场总是相互联系成为一个完整的整体,这就是电磁场.4.电磁波.(1)电磁场在空间由近及远的传播,形成电磁波.(2)电磁波的传播不需要介质,可在真空中传播,在真空中不同频率的电磁波传播速度是相同的(都等于光速).(3)不同频率的电磁波,在同一介质中传播,其速度是不同的,频率越高,波速越小.(4)v=λf,f是电磁波的频率.5.电磁波的发射.(1)发射条件:开放电路和高频振荡信号,所以要对传输信号进行调制(包括调幅和调频).(2)调制方式.①调幅:使高频电磁波的振幅随信号的强弱而变.调幅广播(AM)一般使用中波和短波波段.②调频:使高频电磁波的频率随信号的强弱而变.调频广播(FM)和电视广播都采用调频的方法调制.6.无线电波的接收.(1)当接收电路的固有频率跟接收到的无线电波的频率相等时,激起的振荡电流最强,这就是电谐振现象.(2)使接收电路产生电谐振的过程叫作调谐.能够调谐的接收电路叫作调谐电路.(3)从经过调制的高频振荡中“检”出调制信号的过程,叫作检波.检波是调制的逆过程,也叫作解调.。

2024年高考物理二轮复习选择题专项练四含解析

2024年高考物理二轮复习选择题专项练四含解析

选择题专项练(四)(满分:40分时间:30分钟)一、单项选择题:本题共8小题,每小题3分,共24分。

每小题只有一个选项符合题目要求。

1.(2021山东淄博高三二模)负压病房是收治传染性极强的呼吸道疾病病人所用的医疗设施,可以大大减少医务人员被感染的可能性,病房中气压小于外界环境的大气压。

若负压病房的温度和外界温度相同,负压病房内气体和外界环境中气体都可以看成理想气体,以下说法正确的是()A.负压病房内气体分子的平均动能小于外界环境中气体分子的平均动能B.外界气体进入负压病房后体积会缩小C.负压病房内单位体积气体分子数小于外界环境中单位体积气体分子数D.相同面积负压病房内壁受到的气体压力等于外壁受到的气体压力2.(2021山东济南高三一模)某同学将一网球竖直向上抛出,一段时间后落回原处,此过程中空气阻力大小保持不变,以竖直向上为正方向,下列位移—时间图像中可能正确的是()3.(2021山东泰安高三三模)位于贵州的“中国天眼”(FAST)是目前世界上口径最大的单天线射电望远镜,通过FAST可以测量地球与木星之间的距离。

当FAST接收到来自木星的光线传播方向恰好与地球公转线速度方向相同时,测得地球与木星的距离是地球与太阳距离的k倍。

若地球和木星绕太阳的运动均视为匀速圆周运动且轨道共面,则可知木星的公转周期为()A.(1+k)34年 B.(1+k2)32年C.(1+k2)34年 D.k32年4.(2021湖南衡阳高三一模)《中国制造2025》是国家实施强国战略第一个十年行动纲领,智能机器制造是一个重要方向,其中智能机械臂已广泛应用于各种领域。

如图所示,一机械臂铁夹竖直夹起一个金属小球,小球在空中处于静止状态,铁夹与球接触面保持竖直,则()A.机械臂受到的摩擦力方向向上B.小球受到的压力与重力是一对平衡力C.若增大铁夹对小球的压力,小球受到的摩擦力变大D.若机械臂夹着小球在空中沿水平方向做匀加速直线运动,则机械臂对小球的作用力相比静止时的作用力一定变大5.(2021天津高三模拟)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2=5∶1,原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u,R为阻值随光强增大而减小的光敏电阻,L1和L2是两个完全相同的灯泡,电表均为理想交流电表。

2023届高考物理二轮备考专项练:三大力场中的曲线运动

2023届高考物理二轮备考专项练:三大力场中的曲线运动

三大力场中的曲线运动专项练一、单选题1.如图所示,在水平地面上M 点的正上方5m h =高度处,将小球S 1以初速度15m /s v =水平向右抛出,同时在地面上N 点处将小球S 2以初速度2v 竖直向上抛出。

已知小球与地面的碰撞是弹性碰撞,且碰撞时间忽略不计,M 、N 两点间的距离为7.5m x =,重力加速度大小为210m /s g =,不计地面阻力和空气阻力。

若在S 2落地前两小球相遇,则( )A .两小球抛出后经0.5s 相遇B .S 2的初速度210m /s v =C .S 2可能在上升过程中与S 1相遇D .两小球在N 点上方2.5m 处相遇 2.如图所示,一质量为m 、电荷量为q (0q >)的粒子以速度0v 从MN 连线上的P 点水平向右射入大小为E 、方向竖直向下的匀强电场中。

已知MN 与水平方向成45°角,粒子的重力可以忽略,则粒子到达MN 连线上的某点时( )A .所用时间为0mv qEB .速度大小为03vC .与P 点的距离为20qED .速度方向与竖直方向的夹角为30°3.如图所示,半径为5m 的四分之一圆弧ABC 固定在水平地面上,O 为圆心。

在圆心O 右侧同一水平线上某点处,水平向左抛出一个小球,小球可视为质点,恰好垂直击中圆弧上的D 点,D 点到水平地面的高度为2m ,g 取10 m/s 2,则小球的抛出速度是( )A BC D4.如图所示,竖直放置的光滑圆形轨道(带底座)质量为M,半径为R,轨道最低点有一个质量为m的小球(球直径小于管道内径,可视为质点)。

现给小球一水平初速度0v,使小球在竖直轨道内做圆周运动,则下列说法正确的是(已知重力加速度为g)()A.当v≥时,小球才能在竖直轨道内做圆周运动B.小球在轨道最低、最高点时的压力大小差恒等于6mgC.当v>D.小球从最低点运动到最高点的过程中,轨道对地面的压力一直在减小5.如图所示,O为正四面体OABC的顶点,ABC处在水平面上,D为AB边的中点,E 为OA边的中点。

高考物理二轮总复习课后习题 题型专项练 计算题专项练(四) (6)

高考物理二轮总复习课后习题 题型专项练 计算题专项练(四) (6)

计算题专项练(四)1.(山东烟台模拟)光纤通信以其通信容量大、抗干扰性高和信号衰减小,而远优于电缆、微波通信,成为世界通信中的主要传输方式。

但光纤光缆在转弯的地方弯曲半径不能太小,否则影响正常通信。

如图所示,模拟光纤通信,将直径为d的圆柱形玻璃棒弯成3圆环,已知玻璃的折射率为√2,光4在真空中的速度为c,要使从A端垂直入射的光线能全部从B端射出。

求:(1)圆环内径R的最小值;(2)在(1)问的情况下,从A端最下方入射的光线,到达B端所用的时间。

2.(云南昭通模拟)如图所示,光滑水平地面上方边界C、D间存在宽度d=4 m、方向竖直向上、电场强度大小E=1×105N/C的匀强电场区域。

质量m1=1 kg、长度l=6 m的水平绝缘长木板静置于该水平面,且长木板最右侧与电场边界D重合。

某时刻质量m2=0.5 kg、电荷量q=+3×10-5C的滑块(可视为质点)以初速度v0=6 m/s从长木板左端水平滑上长木板,一段时间后,滑块离开电场区域。

已知长木板与滑块间的动摩擦因数μ=0.5,重力加速度大小g取10 m/s2,滑块所带的电荷量始终保持不变。

(1)滑块刚进电场时,求长木板的速度大小。

(2)求滑块在电场中的运动时间及全过程因摩擦产生的热量。

(3)若电场等大反向,求滑块进入电场后在长木板上的相对位移。

3.如图所示,半径为l的金属圆环内部等分为两部分,两部分各有垂直于圆环平面、方向相反的匀强磁场,磁感应强度大小均为B0,与圆环接触良好的导体棒绕圆环中心O匀速转动。

圆环中心和圆周用导线分别与两个半径为R的D形金属盒相连,D形盒处于真空环境且内部存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场(图中未画出),其方向垂直于纸面向里。

t=0时刻导体棒从如图所示的位置开始运动,同时在D形盒内中心附近的A点,由静止释放一个质量为m、电荷量为-q(q>0)的带电粒子,粒子每次通过狭缝都能得到加速,最后恰好从D形盒边缘出口射出。

高考物理二轮总复习课后习题选择题专项练5

高考物理二轮总复习课后习题选择题专项练5

选择题专项练(五)(满分:40分时间:30分钟)一、单项选择题:本题共8小题,每小题3分,共24分。

每小题只有一个选项符合题目要求。

1.1月30日,“华龙一号”全球首堆中核集团福建福清核电5号机组投入商业运行,这标志着我国在三代核电技术领域跻身世界前列。

目前核能发电都是利用核裂变反应,下列方程表示重核裂变的是( )A.92235U+01n Ba+3689Kr+301n0eB.90234Th Pa+-1C.24He+49Be n+612CD.12H+13H He+01n2.将运动员推冰壶的情境简化为图甲的模型,t=0时,运动员对冰壶施加一水平向右的推力F=3 N,作用1 s后撤去推力F,冰壶运动的v-t图像如图乙所示,已知冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ=0.1,则冰壶的质量和t=1 s时冰壶的速度大小分别为( )(g取10 m/s2)甲乙A.1 kg,1 m/sB.1 kg,2 m/sC.2 kg,1 m/sD.2 kg,2 m/s3.(湖南新高考教研联盟二模)如图所示,倾角为θ=30°、AB面光滑的斜面体放在水平地面上,一个重为G的小球在弹簧测力计的水平拉力F作用下静止在斜面上。

现沿逆时针方向缓慢转动弹簧测力计,直到弹簧测力计的示数等于初始值,在此过程中,小球与斜面体始终处于静止状态。

下列说法正确的是( )A.力F先变大后变小B.地面对斜面体的支持力一直变大C.地面对斜面体的摩擦力一直变小D.斜面体对小球的支持力一直变大4.(山东菏泽二模)负压救护车主要用于感染患者的转运与抢救,使用时病员舱内气压低于外界大气压,病员舱负压值(为负值)是指舱内气体压强与外界大气压强之差。

某次转运病员前,医护人员打开控制开关使封闭病员舱内的气体降至人体适合的温度,同时将部分气体抽出使病员舱负压值达到规定值。

已知T=t+273 K,打开开关前舱内气体的温度为37 ℃,舱内气体压强与外界大气压强均为p0;打开开关后抽出的气体质量为原来舱内气体质量的n(n<1)倍,舱内温度降至27 ℃,则该病员舱规定的负压值为( )A.-np0B.-30n31p0C.-1+30n31p0 D.-1+31n31p05.如图所示,一小车在平直道路上向右运动,车内一条光滑轻绳ACB两端固定在水平车顶上,一质量为m的小圆环穿过轻绳且可在绳上自由滑动。

2022届高考物理二轮复习题:牛顿运动定律图像问题专项练习

2022届高考物理二轮复习题:牛顿运动定律图像问题专项练习

2022届高考物理二轮复习题:牛顿运动定律图像问题专项练习一、单选题1.(2分)如图甲,起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度,其重物的速度v随时间t变化的图像如图乙所示,此过程中钢索拉力的功率P随时间t变化的图像可能是图丙中的()A.B.C.D.2.(2分)研究“蹦极”运动时,在运动员身上系好弹性绳并安装传感器,可测得运动员竖直下落的距离及其对应的速度大小。

根据传感器收集到的数据,得到如图所示的“v-s”图像(15m时为速度最大的位置)。

若空气阻力和弹性绳的重力可以忽略,根据图像信息,下列说法正确的有()A.弹性绳原长为15mB.当弹性绳开始伸长至达到最长的过程中,运动员的动能一直在减小C.当运动员下降15m时,弹性绳的弹性势能最大D.当运动员下降15m时,以运动员、弹性绳、地球为系统的重力势能与弹性势能之和最小3.(2分)一滑块在仅受水平阻力情况下在水平地面上沿直线滑行,t=0时其速度为1m/s。

此时在滑块上施加一水平作用力F,力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示.则()A.物体质量为2kgB.物体所受阻力大小为2NC.前2s内力F的平均功率为2WD.前2s内滑块所受合力做的功为2J4.(2分)一质量为2kg的物体受水平拉力F作用,在粗糙水平面上做加速直线运动时的at图象如图所示,t=0时其速度大小为2m/s,滑动摩擦力大小恒为2N,则()A.t=6s时,物体的速度为18m/sB.在0~6s内,合力对物体做的功为400JC.在0~6s内,拉力对物体的冲量为36N·sD.t=6s时,拉力F的功率为200W5.(2分)如图甲所示,光滑水平面上有一上表面粗糙的长木板,t=0时刻质量m=1kg的滑块以速度v0=7m/s滑上长木板左端,此后滑块与长木板运动的v−t图像如图乙所示。

下列分析正确的是()A .长木板的质量为 0.5kgB .长木板的长度为 0.5mC .0~2s 内滑块与长木板间因摩擦产生的热量为 16JD .0~2s 内长木板对滑块的冲量大小为 4kg ⋅m/s6.(2分)某同学在水平地面上拖地时,沿拖杆方向推拖把,推力F 、拖把头所受地面摩擦力f 大小随时间的变化可简化为图(甲)、(乙)中的图线。

2024年新高考二轮物理复习专题——圆周运动

2024年新高考二轮物理复习专题——圆周运动

考情透析命题点考频分析命题特点核心素养水平面内圆周运动及临界问题2023:全国甲T4江苏T132022:全国甲T1北京T8河北T10浙江6月T2山东T82021:全国甲T2浙江6月T7广东T4本专题主要涉及水平面内、竖直面内和斜面上的圆周运动基本规律及临界问题等。

高考常以生活中圆周运动的实例为命题背景。

物理观念:能清晰、系统地理解向心力、临界状态的概念和各种圆周运动的规律。

能正确解释关于圆周运动的自然现象,综合应用所学的物理知识解决圆周运动的实际问题。

科学思维:能将较复杂的圆周运动过程转换成标准的物理模型。

能对常见的物理问题进行分析,通过推理,获得结论并作出解释。

竖直面内圆周运动及临界问题斜面上的圆周运动及临界问题热点突破1水平面内圆周运动及临界问题▼考题示例1(2023·湖南·模拟题)(多选)如图所示,半径为R的半球形陶罐固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上,转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO′重合,转台以一定角速度ω匀速旋转。

甲、乙两个小物块(可视为质点)质量均为m,分别在转台的A、B两处随陶罐一起转动且始终相对罐壁静止,OA、OB与OO′间的夹角分别为a=30°和β=60°,重力加速度大小为g。

当转台的角速度为ω0时,小物块乙受到的摩擦力恰好为零,下列说法正确的是()A .ω0=g RB .当转台的角速度为ω0时,甲有上滑的趋势C .当角速度从0.5ω0缓慢增加到1.5ω0的过程中,甲受到的摩擦力一直增大D .当角速度从0.5ω0缓慢增加到1.5ω0的过程中,甲受到的支持力一直增大答案:BD解析:A 、小物块乙受到的摩擦力恰好为零,重力和支持力的合力提供向心力,即mg tan β=mω02R sin β,解得:ω0=2gR,故A 错误;B 、设转台角速度为ω时,物块甲受到的摩擦力为零,重力和支持力的合力提供向心力,mg tan α=mω2R sin α,解得:ω=2g3R<ω0;所以当转速为ω0时,支持力和重力的合力不足以提供向心力,甲有沿内壁切线上滑的趋势,故B 正确;C 、甲的临界角速度ω=2g3R>0.5ω0,所以当角速度从0.5ω0缓慢增大到2g3R时,甲有沿内壁切线下滑的趋势,角速度从2g3R缓慢增大到1.5ω0时,甲有沿内壁切线上滑的趋势,摩擦力方向发生了变化,其大小先减小再反向增大,故C 错误;D 、将甲收到的力分解为水平方向和竖直方向,竖直方向的合力为0,即mg =N cos α+f sin α,由C 可知,角速度从0.5ω0缓慢增加到1.5ω0的过程中,先减小再反向增大,则支持力一直在增大,故D 正确;故选:BD 。

广西专用2024高考物理二轮复习阶段训练二功和能动量含解析

广西专用2024高考物理二轮复习阶段训练二功和能动量含解析

阶段训练(二) 功和能 动量(时间:45分钟 满分:100分)一、选择题(本题共8小题,每小题7分,共56分。

在每小题给出的四个选项中,1~5题只有一个选项符合题目要求,6~8题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得7分,选对但不全的得4分,有选错的得0分)1.(2024·全国卷Ⅰ)高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动。

在启动阶段,列车的动能( ) A.与它所经验的时间成正比 B.与它的位移成正比 C.与它的速度成正比 D.与它的动量成正比 答案:B解析:高铁列车启动阶段可看作初速度为零的匀加速运动,则列车所受合外力恒定,由动能定理E k =F ·x ,E k 与位移成正比。

另外,E k =12mv 2=12ma 2t 2=p 22p ,故选项B 正确,A 、C 、D 错误。

2.如图所示,竖直面内,两段半径均为R 的光滑半圆形细杆平滑拼接组成“S ”形轨道,一个质量为m 的小环套在轨道上,小环从轨道最高点由静止起先下滑,下滑过程中始终受到一个水平恒力F 的作用,小环能下滑到最低点,重力加速度大小为g 。

则小环从最高点下滑到最低点的过程中( )A.小环机械能守恒B.外力F 始终做正功C.小环在最低点的速度大小为v=2√2ppD.在最低点小环对轨道的压力大小F N=mg答案:C解析:小环下滑过程中受重力、轨道沿半径方向的作用力和水平外力F,重力始终做正功,外力F时而做正功时而做负功,轨道的作用力始终不做功,故小环机械能不守恒,选项A、B错误;小环从最高点下滑到最低点的过程中,在沿水平恒力F方向上的位移为0,则由动能定理可得整个过程中重力做的功等于动能变更量,mg·4R=12mv2,解得v=2√2pp,选项C正确;小环在最低点,由牛顿其次定律得F N'-mg=m p2p,得F N'=9mg,由牛顿第三定律可知F N=F N'=9mg,选项D错误。

高考物理二轮专项

高考物理二轮专项

高考物理二轮专项标准化工作室编码[XX968T-XX89628-XJ668-XT689N]高考物理二轮专项:功和机械能压轴题训练1.(10分)如图21所示,两根金属平行导轨MN和PQ放在水平面上,左端向上弯曲且光滑,导轨间距为L,电阻不计。

水平段导轨所处空间有两个有界匀强磁场,相距一段距离不重叠,磁场Ⅰ左边界在水平段导轨的最左端,磁感强度大小为B,方向竖直向上;磁场Ⅱ的磁感应强度大小为2B,方向竖直向下。

质量均为m、电阻均为R的金属棒a和b垂直导轨放置在其上,金属棒b置于磁场Ⅱ的右边界CD处。

现将金属棒a从弯曲导轨上某一高处由静止释放,使其沿导轨运动。

设两金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好。

(1)若水平段导轨粗糙,两金属棒与水平段导轨间的最大摩擦力均为mg,将金属棒a从距水平面高度h处由静止释放。

求:金属棒a刚进入磁场Ⅰ时,通过金属棒b的电流大小;若金属棒a在磁场Ⅰ内运动过程中,金属棒b能在导轨上保持静止,通过计算分析金属棒a释放时的高度h应满足的条件;(2)若水平段导轨是光滑的,将金属棒a仍从高度h处由静止释放,使其进入磁场Ⅰ。

设两磁场区域足够大,求金属棒a在磁场Ⅰ内运动过程中,金属棒b中可能产生焦耳热的最大值。

2.(8分)如图所示,长为l的绝缘细线一端悬于O点,另一端系一质量为m、电荷量为q的小球。

现将此装置放在水平向右的匀强电场中,小球静止在A点,此时细线与竖直方向成37°角。

重力加速度为g,sin37°=,cos37°=。

(1)判断小球的带电性质;(2)求该匀强电场的电场强度E的大小;(3)若将小球向左拉起至与O点处于同一水平高度且细绳刚好张紧,将小球由静止释放,求小球运动到最低点时的速度大小。

3.(10分)如图甲,MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ = 30°角固定,M、P之间接电阻箱R,导轨所在空间存在匀强磁场,磁场方向垂直于轨道平面向上,磁感应强度为B = 。

新教材2025届高考物理二轮专项分层特训卷第一部分专题特训练专题一力与运动考点2力与直线运动

新教材2025届高考物理二轮专项分层特训卷第一部分专题特训练专题一力与运动考点2力与直线运动

考点2 力与直线运动1.[2024·全国乙卷]一同学将排球自O 点垫起,排球竖直向上运动,随后下落回到O 点.设排球在运动过程中所受空气阻力大小和速度大小成正比.则该排球( )A .上升时间等于下落时间B .被垫起后瞬间的速度最大C .达到最高点时加速度为零D .下落过程中做匀加速运动2.[2024·山东卷]如图所示,电动公交车做匀减速直线运动进站,连续经过R 、S 、T 三点,已知ST 间的距离是RS 的两倍,RS 段的平均速度是10m/s ,ST 段的平均速度是5m/s ,则公交车经过T 点时的瞬时速度为( )A .3m/sB .2m/sC .1m/sD .0.5m/s3.[2024·全国甲卷]一小车沿直线运动,从t =0起先由静止匀加速至t =t 1时刻,此后做匀减速运动,到t =t 2时刻速度降为零.在下列小车位移x 与时间t 的关系曲线中,可能正确的是( )A BC D4.[2024·全国乙卷]如图,一不行伸长轻绳两端各连接一质量为m 的小球,初始时整个系统静置于光滑水平桌面上,两球间的距离等于绳长L .一大小为F 的水平恒力作用在轻绳的中点,方向与两球连线垂直.当两球运动至二者相距35L 时,它们加速度的大小均为( )A .5F 8mB .2F 5mC .3F 8mD .3F 10m5.[2024·全国甲卷](多选)如图,质量相等的两滑块P 、Q 置于水平桌面上,二者用一轻弹簧水平连接,两滑块与桌面间的动摩擦因数均为μ.重力加速度大小为g .用水平向右的拉力F 拉动P ,使两滑块均做匀速运动;某时刻突然撤去该拉力,则从今刻起先到弹簧第一次复原原长之前( )A.P的加速度大小的最大值为2μgB.Q的加速度大小的最大值为2μgC.P的位移大小肯定大于Q的位移大小D.P的速度大小均不大于同一时刻Q的速度大小题组一匀变速直线运动的规律6.[2024·辽宁锦州模拟]2024年6月17日,中国第3艘航空母舰“中国人民解放军海军福建舰”正式下水,这一刻标记着中国人民海军进入“三舰客时代”.设在静止的航母上某种型号舰载飞机,没有弹射系统时,匀加速到起飞速度v须要的距离是L0.弹射系统给飞机一个初速度v0之后,匀加速到起飞速度v须要的距离是L.若弹射速度v0与起飞速度v 之比为3∶4,设飞机两次起飞的加速度相同,则L与L0之比为( )A.716B.167C.34D.437.[2024·山东省临沂市期末]如图所示,相同的木块A、B、C固定在水平地面上,一子弹(视为质点)以水平速度v0击中并恰好穿过木块A、B、C,子弹在木块中受到的阻力恒定,子弹射穿木块A所用的时间为t,则子弹射穿木块C所用的时间为( )A.t B.2tC.(3+2)t D.(3-2)t8.[2024·河北部分学校模拟]滑雪运动是2024年北京冬季奥运会主要的竞赛项目.如图所示,水平滑道上运动员A、B间距x0=10m.运动员A以速度v0=5m/s向前匀速运动.同时运动员B以初速度v1=8m/s向前匀减速运动,加速度的大小a=2m/s2,运动员A在运动员B接着运动x1后追上运动员B,则x1的大小为( )A.4mB.10mC.16mD.20m题组二动力学图像及应用9.[2024·广东深圳模拟]中国海军服役的歼­15舰载机在航母甲板上加速起飞过程中,某段时间内战斗机的位移时间(x­t)图像如图所示,则 ( )A .由图可知,舰载机起飞的运动轨迹是曲线B .由图可知,舰载机起飞在0~3s 内做匀加速运动C .在0~3s 内,舰载机的平均速度大于12m/sD .在M 点对应的位置,舰载机的速度大于20m/s 10.[2024·江西宜春模拟]一辆汽车从ETC 高速口进入时起先计时,加速进入高速路主道的过程可看成匀加速直线运动,其平均速度v -随时间t 变更关系如图所示,已知这段距离为1km ,t 0是进入高速路主道的时刻,下面说法正确的是( )A .汽车的加速度为0.1m/s 2B .t =10s 时的速度为10m/sC .0~20s 内的位移是160mD .t 0=100s 11.[2024·重庆市渝北区统考](多选)放在水平地面上的物块,受到方向不变的水平推力F 的作用,推力F 与时间t 的关系如图甲所示,物块速度v 与时间t 的关系如图乙所示.取g =10m/s 2,则物块的质量和物块与地面之间的动摩擦因数分别为( )A .1.5kgB .1kgC .0.4D .0.2题组三 牛顿运动定律的应用12.[2024·陕西省西安市模拟]细绳拴一个质量为m 的小球,小球用固定在墙上的水平弹簧支撑,小球与弹簧不粘连,平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°,如图所示,以下说法正确的是(已知cos53°=0.6,sin53°=0.8)( )A.小球静止时弹簧的弹力大小为35mgB .小球静止时细绳的拉力大小为35mgC .细绳烧断瞬间小球的加速度马上变为gD .细绳烧断瞬间小球的加速度马上变为53g13.在太空中,物体完全失重,用天平无法测量质量,可采纳动力学测量质量的方法.我国航天员要在天宫1号航天器试验舱的桌面上测量物体的质量,采纳的方法如下:质量为m 1的标准物A 的前后连接有质量均为m 2的两个力传感器,待测质量的物体B 连接在后传感器上,在某一外力作用下整体在桌面上运动,如图所示,稳定后标准物A 前后两个传感器的读数分别为F 1、F 2,由此可知待测物体B 的质量为( )A .F 2(m 1+2m 2)F 1-F 2B .F 1(m 1+2m 2)F 2C .F 1m 1F 1-F 2D .(F 1-F 2)m 1F 114.[2024·云南保山模拟](多选)无线充电宝可通过磁吸力吸附在手机背面,如图甲所示为科创小组某同学手握手机(手不接触充电宝),利用手机软件记录竖直放置的手机及吸附的充电宝从静止起先在竖直方向上的一次变速运动过程(手机与充电宝始终相对静止),记录的加速度a 随时间t 变更的图像如图乙所示(规定向上为正方向),t 2时刻充电宝速度为零,且最终处于静止状态.已知无线充电宝质量为0.2kg ,手机与充电宝之间的动摩擦因数μ=0.5,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度g 取10m/s 2,在该过程中下列说法正确的是( )A .充电宝受到的静摩擦力的最大值为1.0NB .t 3时刻充电宝受的摩擦力大小为0.4NC .充电宝在t 2与t 3时刻所受的摩擦力方向相反D .充电宝与手机之间的吸引力大小至少为10N 15.[2024·广东省江门模拟]运动员推动冰壶滑行过程可建立如图所示模型:冰壶质量m =19.7kg ,运动员施加的推力F ,方向与水平方向夹角为θ=37°,冰壶在推力F 作用下做匀速直线运动,g 取10m/s 2,冰壶与地面间的动摩擦因数μ=0.02,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:(1)运动员施加的推力F是多少?(2)当运动员以水平速度将冰壶投出,冰壶能在冰面上滑行的最远距离是s=40米,则该运动员将冰壶投出时的水平速度为多少?(3)若运动员仍以第(2)问的水平速度将冰壶投出,滑行一段距离后,其队友在冰壶滑行前方摩擦冰面,使冰壶与冰面间的动摩擦因数变为μ1=0.016,冰壶接着在被毛刷摩擦过的冰面滑过6m后停止运动,与不摩擦冰面相比,冰壶多滑行的距离.题组四传送带模型和滑块——木板模型16.[2024·河北省沧州市一模]如图甲所示,一物块以某一初速度从倾角为α、顺时针转动的传送带底端沿传送带向上运动,其v­t图像如图乙所示.已知传送带的速度为v0,传送带足够长,物块与传送带间的动摩擦因数为μ,下列说法正确的是( )A.物块的初速度小于v0B.物块与传送带间的动摩擦因数μ>tanαC.物块运动过程中的速度肯定有等于v0的时刻D.若物块从传送带顶端由静止向下运动,其他条件不变,物块会向下先做匀加速运动再做匀速运动17.[2024·陕西西安模拟]如图所示,物体A放在B上,物体B放在光滑的水平面上,已知m A=6kg,m B=2kg.A、B间动摩擦因数μ=0.2.A物体上系一细线,细线能承受的最大拉力是20N,水平向右拉细线,(g=10m/s2)下述正确的是( )A .当拉力0<F <12N 时,A 静止不动B .当拉力F >12N 时,A 相对B 滑动C .当拉力F =16N 时,B 受到A 的摩擦力等于12ND .在细线可以承受的范围内,无论拉力F 多大,A 相对B 始终静止18.[2024·山东省烟台市诊断测试]如图所示,对货车施加一个恒定的水平拉力F ,拉着货车沿光滑水平轨道运动装运沙子,沙子经一静止的竖直漏斗连续地落进货车,单位时间内落进货车的沙子质量恒为Q .某时刻,货车(连同已落入其中的沙子)质量为M ,速度为v ,则此时货车的加速度为( )A .F -Qv MB .F -QgvM C .F +Qv M D .F M19.[2024·黑龙江省哈尔滨三中其次次验收考试]如图所示,轻弹簧一端系在墙上的O 点,自由伸长到B 点.现将小物体靠着弹簧(不拴接)并将弹簧压缩到A 点,然后由静止释放,小物体在粗糙水平面上运动到C 点静止,则( )A .小物体从A 到B 过程速度始终增加 B .小物体从A 到B 过程加速度始终减小C .小物体从B 到C 过程速度越来越小D .小物体在B 点所受合外力为020.[2024·重庆市万州市模拟](多选)如图所示,质量分别为m 1、m 2的两小球通过轻绳乙连接,质量为m 1的小球通过轻绳甲与水平车厢顶连接.当两小球与车厢保持相对静止一起水平向右做匀加速直线运动时,甲、乙两轻绳与竖直方向的夹角分别为θ1、θ2(图中未画出),两小球均可视为质点,不计空气阻力,则( )A .若m 1>m 2,则θ1>θ2B .若m 1>m 2,则θ1=θ2C .若m 1<m 2,则θ1>θ2D .若m 1<m 2,则θ1=θ221.[2024·重庆市育才中学模拟]如图,质量为m 的雪橇在倾角θ=37°的斜坡向下滑动过程中,所受的滑动摩擦力为定值,空气阻力与速度成正比,比例系数k =1kg/s.雪橇运动的某段过程v ­t 图像如图中实线AD 所示,且AB 是曲线最左端那一点的切线,B 点的坐标为(4,9),CD 线是曲线的渐近线,已知sin37°=0.6.下列说法中正确的是( )A .当v 0=3m/s 时,雪橇的加速度为0.75m/s 2B .在0~4s 过程中雪橇的平均速度为4.5m/sC .雪橇与斜坡间的动摩擦因数是0.5D .雪橇的质量m =2kg22.[2024·山东省试验中学模拟](多选)如图所示,倾角θ=30°的光滑斜面固定在水平地面上,质量均为m 的物块A 和物块B 并排放在斜面上,与斜面垂直的挡板P 固定在斜面底端,轻弹簧一端固定在挡板上,另一端与物块A 连接,物块A 、B (物块A 、B 不相连)处于静止状态.现用一沿斜面对上的外力F T 拉物块B ,使物块A 、B 一起沿斜面对上以加速度a 做匀加速直线运动.已知重力加速度为g ,弹簧的劲度系数为k ,不计空气阻力,则下列说法正确的是( )A .外力F T 的最大值为12mg +maB .外力F T 的最大值为mg +maC .从外力F T 作用在物块B 上到物块A 、B 分别的时间为m (g -2a )kaD .从外力F T 作用在物块B 上到物块A 、B 分别的时间为m (2g -a )ka23.[2024·河南郑州模拟]如图所示,一质量M =2kg 的长木板B 静止在粗糙水平面上,其右端有一质量m =1kg 的小滑块A ,对B 物体施加F =20N 的水平拉力;t =2s 后撤去拉力,撤去拉力时滑块仍旧在木板上.已知A 、B 间的动摩擦因数μ1=0.2,B 与地面间动摩擦因数为μ2=0.4,取g =10m/s 2,则:(1)求有拉力F 作用时木板B 和滑块A 各自的加速度大小;(2)求A 、B 由静止到速度相同所需的时间T 共及共同速度的大小v .[答题区] 题号 1234567891011 答案题号 1213 14 1617 18 19202122答案考点2 力与直线运动1.解析:上升过程和下降过程的位移大小相同,由于存在空气阻力,上升过程中随意位置的速度比下降过程中对应位置的速度大,则上升过程的平均速度较大.由位移与时间关系可知,上升时间比下落时间短,A 错误;上升过程排球做减速运动,下降过程排球做加速运动.在整个过程中空气阻力始终做负功,小球机械能始终在减小,下降过程中的最低点的速度小于上升过程的最低点的速度,故排球被垫起时的速度最大,B 正确;达到最高点速度为零,空气阻力为零,此刻排球重力供应加速度,a =g ,C 错误;下落过程中,排球速度在变,所受空气阻力在变,故排球所受的合外力在变更,排球在下落过程中做变加速运动,D 错误.故选B.答案:B2.解析:由题知,电动公交车做匀减速直线运动,且设RS 间的距离为x ,则依据题意有v -RS =x t 1=v R +v S 2,v -ST =2x t 2=v S +v T2联立解得t 2=4t 1,v T =v R -10再依据匀变速直线运动速度与时间的关系有v T =v R -a ·5t 1 则at 1=2m/s其中还有v =v R -a ·t 12解得v R =11m/s 联立解得v T =1m/s 故选C. 答案:C3.解析:x ­t 图像的斜率表示速度,小车先做匀加速运动,因此速度变大即0~t 1图像斜率变大,t 1~t 2做匀减速运动则图像的斜率变小,在t 2时刻停止,图像的斜率变为零.故选D.答案:D 4.解析:如图可知sin θ=12×3L 5L 2=35,则cos θ=45,对轻绳中点受力分析可知F =2T cos θ,对小球由牛顿其次定律得T =ma ,联立解得a =5F8m,故选项A 正确.答案:A5.解析:撤去力F 后到弹簧第一次复原原长之前,弹簧弹力kx 减小,对P 有μmg +kx =ma P ,对Q 有μmg -kx =ma Q ,且撤去外力瞬间μmg =kx ,故P 做加速度从2μg 减小到μg 的减速运动,Q 做加速度从0渐渐增大到μg 的减速运动,即P 的加速度始终大于Q 的加速度,故除起先时刻外,随意时刻P 的速度大小小于Q 的速度大小,故P 的平均速度大小必小于Q 的平均速度大小,由x =v -t 可知Q 的位移大小大于P 的位移大小,可知B 、C 错误,A 、D 正确.答案:AD6.解析:飞机由静止起先加速时,有v 2=2aL 0;利用弹射系统时,有v 2-v 20 =2aL ,联立解得L L 0=716,B 、C 、D 错误,A 正确.答案:A7.解析:子弹在木块中受到的阻力恒定,则子弹做匀减速直线运动,由于恰好穿过木块A 、B 、C ,表明穿过C 时速度恰好为0,依据逆向思维,初速度为0的匀加速直线运动,在连续相邻相等位移内的时间之比为t C ∶t B ∶t A =1∶(2-1)∶(3-2),依据题意有t A =t ,解得t C =(3+2)t ,C 正确.答案:C8.解析:运动员B 做匀减速直线运动,速度减为零的时间为t B =v 1a=4s ,此时运动员A 的位移为x A =v 0t B =20m ,运动员B 的位移为x B =v 12t B =16m ,因为x A <x B +x 0,即运动员B 速度削减为零时,运动员A 还未追上运动员B ,则运动员A 在运动员B 停下来的位置追上运动员B ,即x 1=16m ,C 正确,A 、B 、D 错误.答案:C9.解析:依据x ­t 图像的斜率表示速度,可知x ­t 图像只能表示直线运动的规律,即知舰载机起飞的运动轨迹是直线,A 错误;由x ­t 图像可知舰载机的速度渐渐增大,若满意x =12at 2才是匀加速直线运动,但图像的数据不能反映是抛物线的形态,则舰载机起飞在0~3s 内做变加速直线运动,B 错误;在0~3s 内,舰载机通过的位移为x =36m -0=36m ,则平均速度为v -=x t =363m/s =12m/s ,C 错误;2~2.55s 内的平均速度为v -′=x MN t MN =26-152.55-2m/s=20m/s ,依据2~2.55s 内的平均速度等于MN 连线的斜率大小,在M 点对应的位置舰载机的速度等于过M 点的切线斜率大小,可知在M 点对应的位置,舰载机的速度大于MN 段平均速度20m/s ,D 正确.答案:D10.解析:据运动学规律可得x =v 0t +12at 2,v -=x t ,整理得v -=v 0+12at .结合图知t =0时有v 0=5m/s ,设t 0时刻的速度为v ,可得v -=v 0+v2=15m/s ,解得v =25m/s ,则汽车的加速度为a =v 2-v 20 2x =252-522×1000m/s 2=0.3m/s 2,A 错误;t =10s 时的速度为v 1=v 0+at =(5+0.3×10)m/s =8m/s ,B 错误;0~20s 内的位移是x 2=v 0t ′+12at ′2=160m ,C 正确;由x =v -t 0可得t 0=x v =100015s≈66.67s,D 错误.答案:C11.解析:由图像可知,3~4s 内,物块在摩擦力作用下做匀减速直线运动,加速度大小为a ′=Δv ′Δt ′=4-04-3m/s 2=4m/s 2,依据牛顿其次定律可得a ′=μmg m =μg ,解得动摩擦因数为μ=a ′g=0.4,1~3s 内,物块在9N 的水平推力作用下做匀加速直线运动,加速度大小为a =Δv Δt =4-03-1m/s 2=2m/s 2,依据牛顿其次定律可得F -μmg =ma ,解得物块的质量为m =F a +μg =92+0.4×10kg =1.5kg ,A 、C 正确. 答案:AC12.解析:对小球受力分析后,将弹力和重力合成后如图所示由平衡条件可得,小球静止时弹簧的弹力大小为F =mg tan53°=43mg ,A 错误;由平衡条件可得,小球静止时细绳的拉力大小为T =mg cos53°=53mg ,B 错误;细绳烧断瞬间,弹簧的弹力保持不变,弹力和重力的合力大小等于绳子拉力T ,由牛顿其次定律有F 合=T =ma ,解得a =T m =53g ,C 错误,D 正确.答案:D13.解析:整体为探讨对象,由牛顿其次定律得F 1=(m 1+2m 2+m )a ,隔离B 物体,由牛顿其次定律得F 2=ma ,联立解得m =F 2(m 1+2m 2)F 1-F 2,A 项正确.答案:A14.解析:t 3时刻由牛顿其次定律可得f -mg =ma ,解得f =0.4N ,B 正确;充电宝在t 2时刻具有向上的最大加速度,由牛顿其次定律知摩擦力方向竖直向上,t 3时刻充电宝具有向下的加速度,而加速度小于重力加速度,所以摩擦力方向向上,所以充电宝在t 2与t 3时刻所受的摩擦力方向相同,C 错误;t 2时刻充电宝具有向上的最大加速度,充电宝与手机之间的摩擦力最大,此时由牛顿其次定律有f ′-mg =ma ′,又f ′=μF N ,解得充电宝与手机之间的吸引力大小至少为F N =10N ,f max =f ′=5N ,D 正确,A 错误.答案:BD 15.解析:(1)依据平衡条件F cos θ=μ(mg +F sin θ)代入数据得F =5N(2)依据牛顿其次定律有μmg =ma解得加速度大小为a =0.02×10m/s 2=0.2m/s 2依据运动学公式有v 2=2as代入数据得v =4m/s(3)依据牛顿其次定律有μ1mg =ma 1通过摩擦过的冰面的加速度大小为a 1=0.16m/s 2设冰壶刚滑上摩擦过的冰面时的速度为v 1,在没摩擦过的冰面上运动的位移为s 1,由运动学公式可知v 2-v 21 =2as 1在摩擦过的冰面上滑动位移是s 2=6m则有v 21 =2a 1s 2则与没摩擦过相比多滑的距离Δs =s 1+s 2-s解得Δs =1.2m.答案:(1)5N (2)4m/s (3)1.2m16.解析:由图像可知,物块先以加速度a 1做匀减速直线运动,后以加速度a 2做匀减速直线运动,且a 1>a 2,分析可知mg sin α>μmg cos α,即μ<tan α,B 项错误;若物块的初速度小于v 0,则受到沿传送带向上的摩擦力,物块做匀减速直线运动,物块会始终以此加速度向上减速为0与题设不符,A 项错误;物块的初速度大于v 0,则受到沿传送带向下的摩擦力,物块做匀减速直线运动,依据牛顿其次定律,有mg sin α+μmg cos α=ma 1,物块减速到速度等于v 0后,则受到沿传送带向上的摩擦力,对物块依据牛顿其次定律,有mg sin α-μmg cos α=ma 2,C 项正确;若物块从传送带顶端起先向下运动,物块受到沿传送带向上的摩擦力,由于μ<tan α,则物块会以加速度a 2始终向下加速运动,D 项错误.答案:C17.解析:由题意可知,由于物体B 放在光滑的水平面上,因此只要拉力F 不是零,A 、B 将一起运动,所以当拉力0<F <12N 时,A 不会静止不动,A 错误;若A 、B 能产生相对滑动时,则有a =μm A g m B =0.2×6×102m/s 2=6m/s 2,对A 、B 整体,由牛顿其次定律可得产生相对滑动时最大拉力为F =(m A +m B )a =(6+2)×6N=48N ,由此可知,在绳子承受的最大拉力20N 范围内,无论拉力F 多大,A 、B 始终处于相对静止状态,B 错误,D 正确;当拉力F =16N 时,对整体由牛顿其次定律可得F =(m A +m B )a ′,解得a ′=Fm A +m B =166+2m/s 2=2m/s 2,则有B 受到A 的摩擦力等于F f =m B a ′=2×2N=4N ,C 错误.答案:D18.解析:一段极短的时间Δt 内落入货车的沙子质量为Δm =Q ·Δt ,沙子落入货车后,马上和货车共速,则由动量定理可得F ′·Δt =Δmv -0,解得沙子受到货车的力为F ′=Qv ,方向向前,由牛顿第三定律可知,货车受到沙子的反作用力向后,大小为F ″=Qv ,对货车(连同落入的沙子),由牛顿其次定律可得F -F ″=Ma ,解得a =F -Qv M,A 正确. 答案:A19.解析:由题意,A 、B 间某处,A 受到的弹力等于摩擦力,合力为0,速度最大.而B 点只受摩擦力,合力不为零.因此小物体从A 到B 过程加速度先减小再增大,速度先增大后减小,A 、B 、D 错误;小物体从B 到C 过程中,合外力方向与运动方向相反,所以小物体始终做减速运动,即速度越来越小,C 正确.答案:C20.解析:小球与车厢的加速度相同,设为a ,将两小球看成整体,由牛顿其次定律得(m 1+m 2)g tan θ1=(m 1+m 2)a ,解得a =g tan θ1;同理对球乙分析可得a =g tan θ2,比较可得无论m 1和m 2的关系如何,都有θ1=θ2,B 、D 两项正确.答案:BD21.解析:依据v ­t 图像切线斜率表示加速度,可知v 0=3m/s ,雪橇的加速度为a 0=Δv Δt=9-34m/s 2=1.5m/s 2,A 错误;依据v ­t 图像与横轴围成的面积表示位移,可知0~4s 雪橇的位移满意x >3+62×4m=18m ,则在0~4s 过程中雪橇的平均速度满意v -=x t >184m/s =4.5m/s ,B 错误;当v 0=3m/s 时,空气阻力大小为f 0=kv 0=3N ,依据牛顿其次定律可得mg sin θ-μmg cos θ-f 0=ma 0;当v =6m/s 时,空气阻力大小为f =kv =6N ,此时雪橇的加速度为零,则有mg sin θ-μmg cos θ-f =0,联立解得m =2kg ,μ=38,C 错误,D 正确. 答案:D22.解析:在A 、B 分别前,整体受力分析,由牛顿其次定律得F T +F 弹-2mg sin θ=2ma ①,当A 、B 分别瞬间,A 、B 间弹力为零,对A 应用牛顿其次定律得F 弹-mg sin θ=ma ②,解得F 弹=12mg +ma ③,将③式代入①式解得F T =12mg +ma ,此即为F T 的最大值,A 正确,B 错误;当A 、B 静止时,弹簧压缩量为x 1=2mg sin θk ;当A 、B 分别时,弹簧的压缩量x 2=F 弹k=mg sin θ+ma k ,则弹簧长度的变更量为Δx =x 1-x 2=mg sin θ-ma k .由运动学公式得Δx =12at 2,解得t =m (g -2a )ka ,C 正确,D 错误. 答案:AC23.解析:(1)设A 、B 相对滑动,对物体A 依据牛顿其次定律可得μ1mg =ma 1解得a 1=2m/s 2对木板B 依据牛顿其次定律可得F -μ1mg -μ2(m +M )g =Ma 2解得a 2=3m/s 2>a 1有拉力F 作用时木板B 和滑块A 各自的加速度大小分别为3m/s 2和2m/s 2.(2)撤去外力时,木板B 的速度为v 2=a 2t =3×2m/s=6m/s撤去外力后,在二者同速前物块A 的受力没变,故物块A 仍旧做加速运动,加速度不变,木板B 做减速运动,其加速度大小变为a ′2=μ1mg +μ2(m +M )g M,a ′2=7m/s 2 设经过时间t 1两者达到共速,则有a 1(t +t 1)=v 2-a ′2t 1,解得t 1=29s 所以总时间T 共=t +t 1=209s 两物体共速时的速度为v =v 2-a ′2t 1=409m/s.20 9s409m/s答案:(1)3m/s22m/s2(2)。

2023届高考物理二轮专题:物体的平衡专项训练

2023届高考物理二轮专题:物体的平衡专项训练

物体的平衡专项训练一、单选题1、如图所示,在倾角为θ的斜面上,放着一个质量为m的光滑小球,小球被竖直的木板挡住,则小球对木板的压力大小为()A.mg cos θB.mg tanθC.mgcos θD.mgtan θ2、一只蚂蚁从半球形小碗内的最低点沿碗壁向上缓慢爬行,在其滑落前的爬行过程中受力情况是()A.弹力逐渐增大B.摩擦力逐渐增大C.摩擦力逐渐减小D.碗对蚂蚁的作用力逐渐增大3、质量m1=10 kg和m2=30 kg的两物体,叠放在动摩擦因数为0.50的粗糙水平地面上,一处于水平位置的轻弹簧,劲度系数为k=250 N/m,一端固定于墙壁,另一端与质量为m1的物体相连,弹簧处于自然状态,现用一水平推力F作用于质量为m2的物体上,使它缓慢地向墙壁一侧移动,当移动0.40 m时,两物体间开始相对滑动,这时水平推力F的大小为()A.100 N B.300 N C.200 N D.250 N4、如图所示,a、b是两个位于固定斜面上的完全相同的正方形物块,它们在水平方向的外力F的作用下处于静止状态.已知a、b与斜面的接触面都是光滑的,则下列说法正确的是()A.物块a所受的合外力大于物块b所受的合外力B.物块a对斜面的压力大于物块b对斜面的压力C.物块a、b间的相互作用力等于FD.物块a对斜面的压力等于物块b对斜面的压力5、如图所示,轻绳一端系在质量为m的物体A上,另一端与套在粗糙竖直杆MN上的轻圆环B相连接.用水平力F拉住绳子上一点O,使物体A及圆环B静止在图中虚线所在的位置.现稍微增加力F使O点缓慢地移到实线所示的位置,这一过程中圆环B仍保持在原来位置不动.则此过程中,圆环对杆的摩擦力F1和圆环对杆的弹力F2的变化情况是()A.F1保持不变,F2逐渐增大B.F1逐渐增大,F2保持不变C.F1逐渐减小,F2保持不变D.F1保持不变,F2逐渐减小二、双选题6、如图,用两根细线把A、B两小球悬挂在天花板上的同一点O,并用第三根细线连接A、B两小球,然后用某个力F作用在小球A上,使三根细线均处于直线状态,且OB细线恰好沿竖直方向,两小球均处于静止状态.则该力可能为图中的()A.F1B.F2 C.F3D.F47、如图所示,物块a、b的质量均为m,水平地面和竖直墙面均光滑,在水平推力F作用下,两物块均处于静止状态.则()A.b受到的摩擦力大小等于mg B.b受到的摩擦力大小等于2mgC.b对地面的压力大小等于mg D.b对地面的压力大小等于2mg8、如图所示,轻质光滑滑轮两侧用细绳连着两个物体A与B,物体B放在水平地面上,A、B均静止.已知A和B的质量分别为m A、m B,绳与水平方向的夹角为θ,则()A.物体B受到的摩擦力可能为0 B.物体B受到的摩擦力为m A g cosθC.物体B对地面的压力可能为0 D.物体B对地面的压力为m B g-m A g sinθ9、在粗糙水平地面上放着一个截面为半圆的柱状物体A ,A 与竖直墙之间放一光滑半圆球B ,整个装置处于平衡状态。

2023届高考物理二轮专题练:圆周运动

2023届高考物理二轮专题练:圆周运动

圆周运动一、选择题1.如图所示,在杂技表演中,杂技演员表演了“球内飞车”的杂技。

一个由钢骨架和铁丝网构成的球壳固定在水平地面上,杂技演员骑摩托车在球壳内飞速旋转,惊险而刺激。

甲演员骑摩托车在球壳内“赤道”平面做匀速圆周运动而不跌落下来;乙演员在“赤道”平面下方某一位置沿水平面做匀速圆周运动。

下列说法正确的是( )A .甲、乙两演员做圆周运动的半径相同B .甲、乙两演员做圆周运动的角速度一定相同C .乙演员的速率增大时,其竖直面内的摩擦力可能减小D .乙演员的速率增大时,其圆周运动的半径一定增大2.如图甲所示,被称为“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圆轨道外侧旋转不脱落,其原理可等效为如图乙所示的模型:半径为R 的磁性圆轨道竖直固定,质量为m 的铁球(视为质点)沿轨道外侧运动,A 、B 分别为轨道的最高点和最低点,轨道对铁球的磁性引力始终指向圆心且大小不变,不计摩擦和空气阻力,重力加速度为g ,则( )A.铁球绕轨道可能做匀速圆周运动B.由于磁力的作用,铁球绕轨道运动过程中机械能不守恒C .铁球在A .轨道对铁球的磁性引力至少为5mg ,才能使铁球不脱轨3.(2022·全国·统考高考真题)北京2022年冬奥会首钢滑雪大跳台局部示意图如图所示。

运动员从a 处由静止自由滑下,到b 处起跳,c 点为a 、b 之间的最低点,a 、c 两处的高度差为h 。

要求运动员经过c 点时对滑雪板的压力不大于自身所受重力的k 倍,运动过程中将运动员视为质点并忽略所有阻力,则c 点处这一段圆弧雪道的半径不应小于( )A .1h k +B .h kC .2h kD .21h k - 4.(2022·北京·高考真题)我国航天员在“天宫课堂”中演示了多种有趣的实验,提高了青少年科学探索的兴趣。

某同学设计了如下实验:细绳一端固定,另一端系一小球,给小球一初速度使其在竖直平面内做圆周运动。

无论在“天宫”还是在地面做此实验( )A.小球的速度大小均发生变化B.小球的向心加速度大小均发生变化C.细绳的拉力对小球均不做功D.细绳的拉力大小均发生变化5. (2022·全国乙卷)固定于竖直平面内的光滑大圆环上套有一个小环,小环从大圆环顶端P点由静止开始自由下滑,在下滑过程中,小环的速率正比于()A. 它滑过的弧长B. 它下降的高度C. 它到P点的距离D. 它与P点的连线扫过的面积6.(2022·河北邯郸·二模)某小组设计一个离心调速装置如图所示,质量为m的滑块Q可沿竖直轴无摩擦地滑动,并用原长为l的轻弹簧与O点相连,两质量均为m的小球1P和2P对称地安装在轴的两边,1P和2P与O、1P和2P与Q间用四根长度均为l的轻杆通过光滑铰链连接起来。

高考物理二轮复习专题归纳—抛体运动(全国版)

高考物理二轮复习专题归纳—抛体运动(全国版)

高考物理二轮复习专题归纳—抛体运动(全国版)考点一运动的合成与分解例1(2022·辽宁卷·1)如图所示,桥式起重机主要由可移动“桥架”“小车”和固定“轨道”三部分组成.在某次作业中桥架沿轨道单向移动了8m,小车在桥架上单向移动了6m.该次作业中小车相对地面的位移大小为()A.6m B.8mC.10m D.14m答案C解析根据位移概念可知,该次作业中小车相对地面的位移大小为x=x12+x22=82+62m=10m,故选C.例2(多选)(2022·广东省高三检测)如图所示,A、B两球分别套在两光滑无限长的水平直杆上,两球通过一轻绳绕过一定滑轮(轴心固定不动)相连,某时刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为α、β,A球向左的速度大小为v,下列说法正确的是()A.此时B球的速度大小为v cosαcosβB.此时B球的速度大小为v cosβcosαC.当β增大到等于90°时,B球的速度达到最大D.在β增大到90°的过程中,绳对B球的拉力一直做正功答案ACD解析将A球的速度分解为沿轻绳方向和垂直于轻绳的方向,在沿轻绳方向的分速度等于B球沿轻绳方向的分速度.A球在沿轻绳方向的分速度为v绳=v cosα,所以v B=v绳cosβ=v cosαcosβ,A正确,B错误;当β增大到等于90°时,B球的速度在沿轻绳方向的分速度等于0,所以A沿绳子方向的分速度也是0,而cosα′不等于0,所以A球的速度为0;此时A的动能全部转化为B的动能,所以B球的速度达到最大,C正确;在β增大到90°的过程中,轻绳的方向与B球运动的方向之间的夹角始终是锐角,所以轻绳对B球的拉力一直做正功,D正确.把物体的实际速度分解为垂直于绳(杆)和平行于绳(杆)两个分量,根据沿绳(杆)方向的分速度大小相等求解.常见的模型如图所示.考点二平抛运动1.平抛运动问题的求解方法已知条件情景示例解题策略已知速度方向从斜面外平抛,垂直落在斜面上,如图所示,已知速度的方向垂直于斜面.分解速度tan θ=v 0v y =v 0gt从圆弧形轨道外平抛,恰好无碰撞地进入圆弧形轨道,如图所示,已知速度方向沿该点圆弧的切线方向.分解速度tan θ=v y v 0=gt v 0已知位移方向从斜面上平抛又落到斜面上,如图所示,已知位移的方向沿斜面向下.分解位移tan θ=y x =12gt 2v 0t =gt 2v 0在斜面外平抛,落在斜面上位移最小,如图所示,已知位移方向垂直斜面.分解位移tan θ=x y =v 0t 12gt 2=2v 0gt2.平抛运动的两个推论(1)设做平抛运动的物体在任意时刻的速度方向与水平方向的夹角为θ,位移方向与水平方向的夹角为φ,则有tanθ=2tanφ,如图甲所示.(2)做平抛运动的物体任意时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点,如图乙所示.例3(多选)(2022·湖南省高三学业质量第二次联合检测)投壶是从先秦延续至清末的中国传统礼仪和宴饮游戏,《礼记传》中提到:“投壶,射之细也.宴饮有射以乐宾,以习容而讲艺也.”如图所示,甲、乙两人在不同位置沿水平方向各射出一支箭,箭尖插入壶中时与水平面的夹角分别为37°和53°.已知两支箭的质量、竖直方向下落高度均相等,忽略空气阻力、箭长、壶口大小等因素的影响(sin37°=0.6,cos37°=0.8,sin53°=0.8,cos53°=0.6),下列说法正确的是()A.甲、乙两人所射箭的初速度大小之比为16∶9B.甲、乙两人所射箭落入壶口时的速度大小之比为3∶4C.甲、乙两人投射位置与壶口的水平距离之比为9∶16D .甲、乙两人所射箭落入壶口时的动能之比为16∶9答案AD 解析由题知甲、乙两人射箭高度相同,则两支箭在空中的运动时间相同,落入壶口时竖直方向的速度v y 相同.设箭尖插入壶中时与水平面的夹角为θ,箭射出时的初速度为v 0,则tan θ=v y v 0,即v 0=v y tan θ,故两支箭射出时的初速度大小之比为tan 53°∶tan 37°=16∶9,A 正确;设箭尖插入壶中时的速度大小为v ,则v =v y sin θ,故两支箭落入壶口时的速度大小之比为sin 53°∶sin 37°=4∶3,B 错误;因两支箭在空中的运动时间相同,甲、乙两人投射位置与壶口的水平距离之比等于初速度大小之比,为16∶9,C 错误;由E k =12mv 2可知,两支箭落入壶口时的动能之比为16∶9,D 正确.例4(2022·全国甲卷·24)将一小球水平抛出,使用频闪仪和照相机对运动的小球进行拍摄,频闪仪每隔0.05s 发出一次闪光.某次拍摄时,小球在抛出瞬间频闪仪恰好闪光,拍摄的照片编辑后如图所示.图中的第一个小球为抛出瞬间的影像,每相邻两个球之间被删去了3个影像,所标出的两个线段的长度s 1和s 2之比为3∶7.重力加速度大小取g =10m/s 2,忽略空气阻力.求在抛出瞬间小球速度的大小.答案255m/s 解析频闪仪每隔0.05s 发出一次闪光,每相邻两个球之间被删去3个影像,故相邻两球的时间间隔为t=4T=4×0.05s=0.2s设抛出瞬间小球的速度大小为v0,每相邻两球间的水平方向上位移为x,竖直方向上的位移分别为y1、y2,根据平抛运动位移公式有x=v0ty1=12gt2=12×10×0.22m=0.2my2=12g(2t)2-12gt2=12×10×(0.42-0.22)m=0.6m令y1=y,则有y2=3y1=3y已标注的线段s1、s2分别为s1=x2+y2 s2=x2+3y2=x2+9y2则有x2+y2∶x2+9y2=3∶7整理得x=255y,故在抛出瞬间小球的速度大小为v0=xt=255m/s.例5(2022·浙江省名校协作体模拟)第24届冬季奥运会于2022年2月在北京召开,如图甲所示为运动员跳台滑雪运动瞬间,运动示意图如图乙所示,运动员从助滑雪道AB上由静止开始滑下,到达C点后水平飞出,落到滑道上的D点,运动轨迹上的E点的速度方向与轨道CD平行,设运动员从C到E与从E到D的运动时间分别为t1与t2,(忽略空气阻力,运动员可视为质点)下列说法正确的是()A.t1<t2B.t1>t2C .若运动员离开C 点时的速度加倍,则落在斜面上的速度方向不变D .若运动员离开C 点时的速度加倍,则落在斜面上距C 的距离也加倍答案C 解析以C 点为原点,以CD 为x 轴,以CD 垂直向上方向为y 轴,建立坐标系如图所示.对运动员的运动进行分解,y 轴方向上的运动类似竖直上拋运动,x 轴方向做匀加速直线运动.当运动员速度方向与轨道平行时,在y 轴方向上到达最高点,根据竖直上拋运动的对称性,知t 1=t 2,A 、B 错误;将初速度沿x 、y 方向分解为v 1、v 2,将加速度沿x 、y 方向分解为a 1、a 2,则运动员的运动时间为t =2v 2a 2,落在斜面上的距离s =v 1t +12a 1t 2,离开C 点时的速度加倍,则v 1、v 2加倍,t 加倍,由位移公式得s 不是加倍关系,D 错误;设运动员落在斜面上的速度方向与水平方向的夹角为α,斜面的倾角为θ,则有:tan α=v y v 0,tan θ=y x =v y 2t v 0t =v y 2v 0,得tan α=2tan θ,θ一定,则α一定,可知运动员落在斜面上的速度方向与从C 点飞出时的速度大小无关,C正确.考点三斜抛运动例6(2022·广东茂名市模拟)铅球运动员采用原地推和滑步推两种推铅球方式,如图为滑步推铅球.推力相同时,滑步推铅球比原地推铅球增加几米的成绩.两种方式铅球出手时相对地面的位置和速度方向都相同,忽略空气阻力,则()A.两种方式推出的铅球在空中运动的时间可能相同B.采用原地推铅球方式推出的铅球上升的高度更高C.两种方式推出的铅球在空中运动到最高点时的速度都相同D.滑步推铅球可以增加成绩,可能是延长了运动员对铅球的作用时间答案D解析两种方式铅球出手时相对地面的位置和速度方向都相同,滑步推铅球成绩更好,所以滑步推铅球初速度更大,竖直和水平方向的分速度更大,到达最高点的时间更长,故根据斜抛的对称性,铅球在空中运动的时间更长,上升的高度更高,在最高点速度更大,A、B、C错误;初速度都是0,滑步推时末速度大,根据动量定理有Ft=mv-0,可知推力相同时,动量变化大的推力作用时间长,D 正确.例7(2022·山东潍坊市一模)在2月8日举行的北京2022年冬奥会自由式滑雪女子大跳台的比赛中,18岁的中国选手谷爱凌顶住压力,在关键的第三跳以超高难度动作锁定金牌,这也是中国女子雪上项目第一个冬奥会冠军.滑雪大跳台的赛道主要由助滑道、起跳台、着陆坡、停止区组成,如图所示.在某次训练中,运动员经助滑道加速后自起跳点C以大小为v C=20m/s、与水平方向成α=37°的速度飞起,完成空中动作后,落在着陆坡上,后沿半径为R=40m的圆弧轨道EF自由滑行通过最低点F,进入水平停止区后调整姿势做匀减速滑行直到静止.已知运动员着陆时的速度方向与竖直方向的夹角为α=37°,在F点运动员对地面的压力大小为所受重力(含装备)的2倍,运动员在水平停止区受到的阻力大小为所受重力(含装备)的二分之一,g 取10m/s 2,sin 37°=0.6,忽略运动过程中的空气阻力.求:(1)水平停止区FG 的最小长度L ;(2)运动员完成空中动作的时间t (结果保留两位有效数字).答案(1)40m (2)3.3s 解析(1)将运动员与装备看成一个质点,总质量为m 总,在F 点时,运动员对地面的压力大小为所受重力(含装备)的2倍,由牛顿第三定律知地面对该运动员整体的支持力大小F N =2m 总g此时支持力与总重力的合力为圆周运动提供向心力,则有F N -m 总g =m 总v 2R解得v =20m/s运动员到达F 点后,在水平停止区有F 阻=0.5m 总g =m 总a ,做加速度大小为a 的匀减速直线运动,水平停止区FG 的最小长度L =v 22a=40m (2)对运动员由C 点起跳的速度进行正交分解,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做匀减速直线运动,水平方向速度v x =v C cos α竖直方向速度v y =v C sin α-gt着陆时竖直方向分速度与C 点的竖直方向分速度方向相反,由于运动员着陆时的速度方向与竖直方向的夹角为α,则有tan α=v x -v y =v C cos αgt -v C sin α代入数值得t ≈3.3s.1.斜抛运动是匀变速曲线运动,可分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的加速度为g 的匀变速直线运动,以斜上抛为例(如图所示)速度:v x =v 0cos θ,v y =v 0sin θ-gt位移:x =v 0cos θ·t ,y =v 0sin θ·t -12gt 22.当物体做斜上抛运动至最高点时,运用逆向思维,可转化为平抛运动.1.(2022·江苏省高考考前打靶卷)如图所示,一男孩欲拿石子击打苹果,第一次以抛射角(抛出时速度与水平方向的夹角)θ1抛出石子,第2次以θ2(图中未画出)抛出(θ2>θ1),假设两次抛出时的位置相同,且初速度v 0大小相等,两次均击中苹果.不计空气阻力,则()A .第一次石子在空中运动的时间比第二次长B .若仅减小v 0,欲击中苹果,则抛射角θ1、θ2均变大C .改变v 0大小和抛射角,石子不可能水平击中苹果D .两次击中苹果前瞬间的速度大小相等答案D解析石子做斜抛运动,水平方向做匀速运动,则有v x=v0cosθ,故石子在空中的运动时间t=xv x=xv0cosθ,所以t1t2=cosθ2cosθ1,因为θ2>θ1,故cosθ2<cosθ1,所以t1<t2,第一次运动时间较短,A错误;石子竖直方向做竖直上抛运动,则有v y=v0sinθ,竖直方向上升的高度为h=v y t-12gt2,联立可得h=x tanθ-gx22v02cos2θ,故只需要v0大小和抛射角满足上式即可击中苹果,C错误;由h=x tanθ-gx22v02cos2θ可知,v0减小时,θ不一定增大,B错误;由动能定理有-mgh=12mv2-12mv02,故两次击中苹果前瞬间的速度大小相等,D正确.2.(2022·北京市昌平区高三期末)运动的合成与分解是我们研究复杂运动时常用的方法.如图所示,一高度为h、内壁光滑的圆筒竖直放置,将一个小滑块在圆筒上端O点以水平初速度v0沿圆筒内壁切线方向抛出.小滑块沿圆筒内壁运动了一周后恰好从O′点离开圆筒.已知重力加速度为g,不计空气阻力.(1)求小滑块从抛出到离开圆筒所用的时间t.(2)如果沿虚线OO′将圆筒展开,以小滑块初始位置为坐标原点O,初速度v0方向为x轴正方向,竖直向下为y轴正方向,建立直角坐标系xOy,请在图中定性地画出小滑块在圆筒内表面的运动轨迹.答案(1)2h g(2)见解析图解析(1)由题意可知,小滑块竖直方向做自由落体运动,可得小滑块从抛出到离开圆筒所用的时间为h =12gt 2,解得t =2h g;(2)由题意可知,小滑块在圆筒内表面的运动轨迹如图所示.专题强化练[保分基础练]1.(2022·广东省模拟)《西游记》中,一只大龟浮水作舟,驮着唐僧师徒四人和白龙马渡过了通天河.已知大龟在静水中游动的速度大小与河水的流速大小之比为2∶1,出发点A 到正对岸B 点的距离为d ,河岸平直.若大家以最短的时间渡河,则大家上岸的地点与B 点的距离为()A.d 4B.d 2C .2dD .4d答案B解析要使渡河时间最短,大龟游动的速度方向应垂直河岸,渡河时间为t =dv 1,大家上岸的地点与B 点的距离x =v 2t ,又v 1∶v 2=2∶1,联立解得x =d2,故B 正确.2.(2022·广东卷·6)如图所示,在竖直平面内,截面为三角形的小积木悬挂在离地足够高处,一玩具枪的枪口与小积木上P 点等高且相距为L .当玩具子弹以水平速度v 从枪口向P 点射出时,小积木恰好由静止释放,子弹从射出至击中积木所用时间为t .不计空气阻力.下列关于子弹的说法正确的是()A .将击中P 点,t 大于L vB .将击中P 点,t 等于L vC .将击中P 点上方,t 大于L v D .将击中P 点下方,t 等于L v答案B解析由题意知枪口与P 点等高,子弹和小积木在竖直方向上均做自由落体运动,当子弹击中积木时子弹和积木的运动时间相同,根据h =12gt 2,可知下落高度相同,所以将击中P 点;又由于初始状态子弹到P 点的水平距离为L ,子弹在水平方向上做匀速直线运动,故有t =Lv,故选B.3.(2022·江苏扬州市高三期末)如图所示,滑板爱好者先后两次从坡道A 点滑出,均落至B 点,第二次的滞空时间比第一次长,则()A.两次滑出速度方向相同B.两次腾空最大高度相同C.第二次滑出速度一定大D.第二次在最高点速度小答案D解析对滑板爱好者运动分析可知,从坡道A点滑出后,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做竖直上抛运动,根据竖直上抛运动的对称性,即上升时间等于下降时间,由题知第二次的滞空时间比第一次长,所以第二次下降时间大于第一次,由h=12gt2知,第二次腾空最大高度大于第一次,又因为两次水平位移相等,所以两次位移与水平方向的夹角不同,即两次滑出速度方向不相同,故A、B错误;因为第二次下降时间大于第一次,且两次水平位移相等,由x=v x t知,第二次滑出后水平分速度小于第一次,即第二次在最高点速度小,又由v y=gt可知,第二次滑出后竖直分速度大于第一次,所以第二次滑出速度不一定大,故C错误,D 正确.4.(多选)(2022·广西北海市一模)如图所示,直杆AB斜靠在墙角,∠ABO=53°,∠AOB=90°,AO=5m.现从距A点正下方1.8m的C点以初速度v0水平抛出一小球(可视为质点).已知重力加速度g取10m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6,空气阻力不计.若使小球不能碰到杆AB,则v0的值可能为()A.4m/s B.4.4m/s C.5m/s D.6m/s答案AB解析若小球刚与杆接触时的末速度与水平方向夹角为53°,即小球运动轨迹与杆相切,设此时小球竖直方向下落高度为h,水平位移为x,则根据平抛运动相关推论有tan53°=2hx,由几何关系可得tan53°=h+h ACx,联立解得h=1.8m,x=2.7m,则由v0<xt,t=2hg,联立解得v0<4.5m/s,C、D错误,A、B正确.5.(2022·安徽合肥市质检)某校秋季运动会分为竞技组和健身组,健身组设置了定点投篮项目.某同学正在进行定点投篮,篮球在空中划出了一道漂亮的弧线.在篮球运动所在的竖直平面内建立坐标系xOy,如图所示,篮球由A点投出,A、B、C、D是篮球运动轨迹上的四点,C为篮球运动的最高点,A、B、D三点的坐标已在图中标出,重力加速度为g,空气阻力忽略不计.则下列说法正确的是()A.篮球经过C点时速度大小为gLB.篮球经过B点和D点的动量相同C.篮球由A到B和由B到C过程,动量的变化量相同D.篮球由B到C和由C到D过程,重力做功相同答案C解析依题意可知篮球抛出后做斜抛运动,利用逆向思维,将篮球从A到C的轨迹看作从C到A的平抛运动,设C点坐标为(0,y C),C点到B点时间为t,由题图可得L=v C t,y C=12gt2,3L-y C=gt2,联立解得y C=L,v C=gL2,故A错误;由题图知B点和D点在同一水平线上,则可知篮球在两点处的速度大小相等,但方向不同,所以两点处的动量不相同,故B错误;由题图知篮球由A到B和由B 到C过程水平方向上发生的位移相等,则所用时间相等,根据动量定理可得mgt =-Δp,所以动量的变化量相同,故C正确;篮球由B到C过程重力做负功,由C到D过程重力做正功,二者不相同,故D错误.6.(2022·广东梅州市一模)如图甲所示是网球发球机,某次室内训练时将发球机在距地面一定的高度的地方放置,然后向竖直墙面发射网球.假定网球水平射出,某两次射出的网球碰到墙面时与水平方向夹角分别为30°和60°,如图乙所示.若不考虑网球在空中受到的阻力,则()A.两次发射的初速度之比为3∶1B.碰到墙面前空中运动时间之比为1∶3C.下降高度之比为1∶3D.碰到墙面时动能之比为3∶1答案C解析在平抛运动过程中,有h =12gt 2,x =v 0t ,位移与水平方向夹角的正切值tanα=h x =gt 2v 0,速度与水平方向夹角的正切值tan β=v y v 0=gtv 0,则tan β=2tan α.在平抛运动中,h =xtan β2,所以h 1h 2=tan 30°tan 60°=13;由h =12gt 2可知,t 1t 2=h 1h 2=33;水平速度v =x t ,可得v 1v 2=t 2t 1=31;由v t =v 0cos β可知,v t 1v t 2=v 1cos 60°v 2cos 30°=11,所以碰到墙面时动能之比E k1E k2=v t 12v t 22=11,故A 、B 、D 错误,C 正确.[争分提能练]7.(2022·湖北武汉市高三期末)活塞带动飞轮转动可简化为如图所示的模型:图中A 、B 、O 三处都是转轴,当活塞在水平方向上移动时,带动连杆AB 运动,进而带动OB 杆以O 点为轴转动.若某时刻活塞的水平速度大小为v ,连杆AB 与水平方向夹角为α,AB 杆与OB 杆的夹角为β,此时B 点做圆周运动的线速度大小为()A.v sin αsin βB.v cos αsin βC.v cos αcos βD.v sin αcos β答案B解析设B 点做圆周运动的线速度大小为v ′,此速度为B 点的实际速度,根据运动合成与分解,可以分解为沿杆方向的分速度和垂直杆方向的分速度,如图,沿杆方向的分速度大小为v B =v ′cos(β-π2)=v ′sin β,A 点速度为水平方向的v ,根据运动合成与分解,可以分解为沿杆方向的分速度和垂直杆方向的分速度,如图,沿杆方向的分速度为v A =v cos α,又有二者沿杆方向的分速度相等,即v ′sin β=v cos α,则v ′=v cos αsin β,故选B.8.(多选)(2022·山东卷·11)如图所示,某同学将离地1.25m 的网球以13m/s 的速度斜向上击出,击球点到竖直墙壁的距离4.8m .当网球竖直分速度为零时,击中墙壁上离地高度为8.45m 的P 点.网球与墙壁碰撞后,垂直墙面速度分量大小变为碰前的0.75倍.平行墙面的速度分量不变.重力加速度g 取10m/s 2,网球碰墙后的速度大小v 和着地点到墙壁的距离d 分别为()A .v =5m/sB .v =32m/sC .d =3.6mD .d =3.9m答案BD解析设网球飞出时的速度为v 0,竖直方向v 0竖直2=2g (H -h ),代入数据得v 0竖直=2×10×8.45-1.25m/s =12m/s ,则v 0水平=132-122m/s =5m/s ,网球击出点到P 点水平方向的距离x 水平=v 0水平t =v 0水平·v 0竖直g =6m ,根据几何关系可得打在墙面上时,垂直墙面的速度分量v 0水平⊥=v 0水平·45=4m/s ,平行墙面的速度分量v0水平∥=v0水平·35=3m/s,反弹后,垂直墙面的速度分量v水平⊥′=0.75·v0水平⊥=3m/s,则反弹后的网球速度大小为v=v水平=v水平⊥′2+v0水平∥2=32m/s,网球落到地面的时间t′=2Hg=2×8.4510s=1.3s,着地点到墙壁的距离d=v水平⊥′t′=3.9m,故B、D正确,A、C错误.9.(2022·安徽蚌埠市高三期末)如图为弹球游戏装置的简化示意图,两块平行挡板竖直固定在水平面上,右侧挡板下端有一小孔B,小亮将弹性小球自右侧挡板顶端A点以一定的水平速度向左抛出,小球经两个挡板多次碰撞最终恰好从B飞出,游戏获胜.已知两挡板的间距为L,A、B的高度差为h,小球直径略小于小孔的内径,小球与挡板碰撞前后的水平和竖直分速度大小均不变,且不与水平面相碰,重力加速度为g.则小球抛出时的速度v和它与两挡板碰撞总次数N分别为()A.v=(N+1)L2gh,N=2n(n=1,2,3,…)B.v=(N+1)L2gh,N=2n-1(n=1,2,3,…)C.v=(N+1)L g2h,N=2n(n=1,2,3,…)D.v=(N+1)L g2h,N=2n-1(n=1,2,3,…)答案B解析小球在两平行挡板间的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动.设运动总时间为t,则水平方向、竖直方向分别有(N+1)L=vt,N=2n-1(n=1,2,3,…),h=12gt2,联立可得v=(N+1)L2gh,N=2n-1(n=1,2,3,…),故A、C、D错误,B正确.10.(2022·山东日照市一模)跳台滑雪是冬奥会的重要项目之一.如图所示,某次比赛中,质量为m的运动员(包括滑雪板)以速度v0从跳台顶端水平飞出,经过一段时间后落在倾斜赛道上,赛道的倾角为θ,重力加速度为g,空气阻力忽略不计,运动员(包括滑雪板)视为质点.则运动员在空中运动的过程中()A.动量变化量的大小为mv0tanθB.位移的大小为v02tanθgC.距离赛道最远时的速度大小为v0tanθD.距离赛道最远时的竖直位移为总竖直位移的14答案D解析根据动量定理,动量变化量等于重力的冲量,即为竖直方向的动量变化,当运动员落至斜面时,分解其位移得tanθ=hx=12gt2v0t=gt2v0,则落至斜面时的竖直分速度为v y=gt=2v0tanθ,因此动量变化量为Δp=mΔv=2mv0tanθ,故A错误;由A得运动员运动的时间为t=2v0tanθg,则水平位移为x=v0t=2v02tanθg,则运动员实际位移大小为x实际=xcosθ=2v02tanθg cosθ,故B错误;将运动分解为沿斜面和垂直斜面两个方向,则垂直斜面方向的初速度方向垂直斜面向上,加速度方向垂直斜面向下,则垂直斜面的速度分量减小为零时运动员离斜面最远,即当运动员的速度方向与斜面平行时,距离赛道最远,在最远处分解其速度得cosθ=v0v,则v=v0cosθ,故C错误;垂直斜面方向的分运动类似于竖直上抛运动,根据竖直上抛运动的对称性,垂直斜面的速度分量减小为零时的运动时间为总时间的一半,再根据自由落体的公式h=12gt2得,距离赛道最远时的竖直位移为总竖直位移的14,故D正确.11.(2022·河北保定市七校联考)如图所示,两人各自用吸管吹黄豆,甲黄豆从吸管末端P点水平射出的同时乙黄豆从另一吸管末端M点斜向上射出.经过一段时间后两黄豆在N点相遇,曲线1和2分别为甲、乙黄豆的运动轨迹.若M点在P 点正下方,M点与N点位于同一水平线上,且PM长度等于MN的长度,不计空气阻力,可将黄豆看成质点,则()A.两黄豆相遇时甲的速度与水平方向的夹角的正切值为乙的两倍B.甲黄豆在P点的速度与乙黄豆在最高点的速度不相等C.两黄豆相遇时甲的速度大小为乙的两倍D.乙黄豆相对于M点上升的最大高度为PM长度的一半答案A解析设甲黄豆做平抛运动的时间为t,那么乙黄豆做斜抛运动的时间也为t,根据斜抛运动的对称性可知,乙黄豆从M点运动至最高点的时间为t2,乙黄豆从M点运动至最高点的水平位移为MN的一半,设PM=MN=L,甲黄豆在P点的速度为v1,乙黄豆到达最高点的速度为v′,在水平方向上由运动学规律:对甲黄豆有L=v1t,对乙黄豆从M点运动至最高点水平方向上有L2=v′·t2,联立解得v1=v′=Lt,故B错误;对甲黄豆到达N点时,在竖直方向上有L=12gt2,v1y=gt=2gL,在水平方向有v1=Lt=gL2,甲黄豆到达N点时的速度为v甲=v12+v1y2=5gL2,对乙黄豆在从M点运动至最高点的过程中,由逆向思维得上升的最大高度为h=12g(t2)2=14·12gt2=14L,所以乙黄豆相对于M点上升的最大高度为PM长度的14,乙黄豆在M点的竖直方向分速度为v2y2=2g·L4,则v2y=gL2,由运动的合成与分解得乙黄豆在N点的速度为v乙=v′2+v2y2=gL,所以两黄豆相遇时甲的速度大小不是乙的两倍,故C、D错误;两黄豆相遇时甲的速度与水平方向的夹角正切值为tanα=v1yv1=2gLgL2=2,乙的速度与水平方向的夹角正切值为tanβ=v2yv′=v2yv1=gL2gL2=1,所以两黄豆相遇时甲的速度与水平方向的夹角不是乙的两倍,甲的速度与水平方向的夹角的正切值为乙的两倍,故A正确.12.(2022·广东开平市模拟)2022年2月8日,18岁的中国选手谷爱凌在北京冬奥会自由式滑雪女子大跳台比赛中以绝对优势夺得金牌,这是中国代表团在北京冬奥会上的第三枚金牌,被誉为“雪上公主”的她赛后喜极而泣.现将比赛某段过程视为如图所示的质点小球的运动,小球从倾角为α=30°的斜面顶端O 点以速度v 0飞出,已知v 0=20m/s ,且与斜面夹角为θ=60°.图中虚线为小球在空中的运动轨迹,且A 为轨迹上离斜面最远的点,B 为小球在斜面上的落点,C 是过A 作竖直线与斜面的交点,不计空气阻力,重力加速度取g =10m/s 2.求:(1)小球从O 点运动到A 点所用时间t ;(2)小球离斜面最远的距离L ;(3)O 、C 两点间距离x .答案(1)2s (2)103m (3)40m 解析(1)将小球在O 点的速度沿斜面和垂直斜面分解,如图所示,垂直斜面方向有v 1=v 0sin θ,a 1=g cos α,t =v 1a 1,联立解得t =2s(2)垂直斜面方向的速度匀减速至0时,有L =v 122a 1,代入数据得L =103m (3)解法1:由垂直斜面方向运动对称性可得,小球从O 到A 与从A 到B 所用时间相等,平行斜面方向有v 2=v 0cos θ,a 2=g sin α,则平行斜面方向有x OB =v 2·2t +12a 2(2t )2,小球在水平方向做匀速直线运动,C 为OB 中点,则x =12x OB。

2023届高考物理二轮专题卷:力与物体的平衡

2023届高考物理二轮专题卷:力与物体的平衡

一、选择题(第1~10题为单选题,第10~15题为多选题)1.如图甲所示,用瓦片做屋顶是我国建筑的特色之一。

铺设瓦片时,屋顶结构可简化为图乙所示,建筑工人将瓦片轻放在两根相互平行的檩条正中间,若瓦片能静止在檩条上。

已知檩条间距离为d ,以下说法正确的是()A .瓦片总共受到4个力的作用B .减小檩条间的距离d 时,瓦片与檩条间的弹力增大C .减小檩条间的距离d 时,瓦片可能会下滑D .增大檩条间的距离d 时,瓦片与檩条间的摩擦力增大【答案】C【解析】瓦片受重力、两侧的支持力和摩擦力,共5个力,故A 错误;根据题图可知,两檩条对瓦片的弹力与垂直于檩条方向的夹角为 ,有2cos cos N mg ,减小檩条间的距离d 时,夹角 变小,则瓦片与檩条间的弹力变小,最大静摩擦力变小,则瓦片可能会下滑,故B 错误,C 正确;增大檩条间的距离d 时,瓦片仍然静止,瓦片与檩条间的摩擦力不变,故D 错误。

2.2020年的春节刚刚来临,国内多地发生新型冠状病毒肺炎疫情,许多医务工作者自愿放弃休假为抗击疫情奋战。

在药物使用中就应用到很多物理知识。

甲、乙图分别是用注射器取药的情景和针尖刺入瓶塞的物理图样,针尖的顶角很小,医生沿着注射器施加一个较小的力F ,针尖会对瓶塞产生很大的推力。

现只分析如图的针尖倾斜侧面与直侧面对瓶塞产生的两个推力,则()A .针尖在两个侧面上对瓶塞的两个推力是等大的B .针尖在倾斜侧面上对瓶塞的推力比直侧面的推力小C .若F 一定,使用顶角越小的针尖,则两个侧面对瓶塞产生的推力就越大D .针尖在倾斜侧面上对瓶塞的推力F N =F cos θ【答案】C【解析】根据平行四边形定则可知针尖在两个侧面上对瓶塞的两个推力不等,故A 错误;设顶角为 ,则针尖在倾斜侧面上对瓶塞的推力1sin F F ,直侧面的推力2tan F F,当 大于45°,针尖在倾斜侧面上对瓶塞的推力比直侧面的推力大,故B 、D 错误;由上述两式可知,若F 一定,使用顶角越小的针尖,则两个侧面对瓶塞产生的推力就越大,故C 正确。

高考物理二轮复习-专项突破-电容和电容器

高考物理二轮复习-专项突破-电容和电容器
做的功为W2,则 ( B )
A. W1=W2 B. W1<W2
C. W1>W2 D. 无法确定
解: 接在稳压电源的两极上,U保持不变 d增大,C将减小,Q将减小,E将减小,F1将减小
若与电源断开, Q保持不变 d增大,C将减小,U将增大,E保持不变,器的储能 W=1/2 QU=1/2 CU2=1/2 Q2/C
BA
.
5
01年安徽春 一个平行板电容器,两板之间的距离d和两板面积S
都可以调节,电容器两板与电池相连接,以Q表示电
容器的电量,E表示两板间的电场强度,则 ( A C )
A. 当d增大、 S不变时,Q减小,E减小 B. 当S 增大、 d不变时,Q增大,E增大 C. 当d减小、 S增大时,Q增大,E增大 D. 当S减小、 d增大时,Q不变,E增大
.
8
电容式传感器
电容器的电容C决定于极板的正对面积S、极板间距离d以及极
板间的电介质这几个因素。如果某一物理量(如角度、位移、深
度等)的变化能引起上述某个因素的变化,从而引起电容的变化,
则通过测定电容器的电容就可以确定上述物理量的变化,起这种
作用的电容器称为电容式传感器。 θ
图甲是测量 角度θ 的电容式传感器,原理是 由于C∝S,动片与定片间的角度θ发生 。
∴W1<W2
.
17
2005年全国卷Ⅲ/17. 17.水平放置的平行板电容器与一电池相连。在电容 器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态。现 将电容器两板间的距离增大,则 ( D )
A.电容变大,质点向上运动
B.电容变大,质点向下运动
C.电容变小,质点保持静止
D.电容变小,质点向下运动
解:距离d增大,电容C减小,电压不变,E=U/d减小, 重力大于电场力,质点向下运动。

2024届高考物理大二轮刷题计算题综合提升专练考点速查版

2024届高考物理大二轮刷题计算题综合提升专练考点速查版

一、单选题二、多选题1. 如图所示,一跳台滑雪运动员以6m/s 的初速度从倾角为30°的斜坡顶端水平滑出。

不计空气阻力,重力加速度g =10m/s 2。

则运动员再次落到斜面上时,其落点与坡顶的高度差为( )A .2.4mB .3.6mC .4.8mD .5.4m 2. 有一个已充电的电容器,两极板之间的电压为,所带电荷量为,此电容器的电容是( )A.B.C.D.3. 如图1所示,一个物体放在粗糙的水平地面上.从t=0时刻起,物体在水平力F 作用下由静止开始做直线运动.在0到t 0时间内物体的加速度a 随时间t 的变化规律如图2所示.已知物体与地面间的动摩擦因数处处相等.则A .t 0时刻,力F 等于0B .在0到t 0时间内,力F 大小恒定C .在0到t 0时间内,物体的速度逐渐变大D .在0到t 0时间内,物体的速度逐渐变小4. 理想变压器与额定电压均为12V 的四个相同灯泡连接成如图所示的电路,开关S 断开时,灯泡L 1、L 2、L 3都正常发光,忽略灯泡电阻随温度的变化。

下列说法正确的是( )A .理想变压器原、副线圈的匝数比为3:1B .理想变压器原线圈所接交流电源的电压为24VC .闭合开关S ,灯泡L 1、L 2、L 3仍能正常发光D .闭合开关S ,灯泡L 1可能烧毁5. 如图所示,表面粗糙的斜面固定于地面上,并处于方向垂直纸面向里的匀强磁场B 中.质量为m 、带电量为+q 的小滑块从斜面顶端由静止下滑.对滑块下滑的过程,下列判断正确的是()A .滑块受到的洛仑兹力方向垂直斜面向上B .滑块受到的摩擦力大小不变C .滑块一定不能到达斜面底端D .滑块到达地面时的动能与B 的大小有关6. 如图所示,矩形线圈abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路,线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc 边匀速转动,磁场只分布在bc 边的左侧,磁感应强度大小为B ,线圈面积为S ,转动角速度为ω,匝数为N ,线圈电阻不计。

2025届高考物理二轮专题复习与测试第二部分物理二级结论汇总四能量和动量

2025届高考物理二轮专题复习与测试第二部分物理二级结论汇总四能量和动量

四 能量和动量(一)做功与能量1.推断某力是否做功,做正功还是负功. (1)F 与l 的夹角(恒力).(2)F 与v 的夹角(曲线运动的状况).(3)能量改变(两个相联系的物体做曲线运动的状况). 2.求功的六种方法. (1)W =Fl cos α(恒力).(2)W =Pt (变力或恒力,且功率恒定). (3)W =ΔE k (变力或恒力).(4)W =ΔE (除重力做功外的变力或恒力)——功能原理. (5)图像法(变力或恒力).(6)气体做功;W =p ΔV (p 为气体的压强;ΔV 为气体的体积改变). 3.恒力做功的大小与路面粗糙程度无关,与物体的运动状态无关.4.摩擦生热:Q =f ·s 相对.动摩擦因数到处相同,克服摩擦力做功W =μmgs .5.功率P =Wt,在t 时间内力对物体做功的平均功率P =Fv ,F 为牵引力,不是合外力;v 为瞬时速度时,P 为瞬时功率;v 为平均速度时,P 为平均功率;P 肯定时,F 与v 成反比.6.功能关系.各力做功 功的正负与能量增减的对应关系功能关系表达式合外力做功 W +合-⇔E k ↑↓ W 合=E k2-E k1 重力做功 W +G -⇔E p ↓↑ W G =E p1-E p2 弹簧弹力做功 W +弹-⇔E 弹↓↑ W 弹=E 弹1-E 弹2 电场力做功 W +电-⇔E p ↓↑ W AB =E p A -E p B 一对滑动摩擦力做功之和W -f ⇔Q ↑Q =|W f |=f ·s 相(2)重力、弹簧弹力、电场力(保守力)做功与相关势能改变的关系——势能定理. (3)除重力以外的其他外力做功与机械能改变的关系——功能原理. (4)一对滑动摩擦力做功之和与生热的关系——Q =f ·s 相. (5)安培力做功与电能改变的关系.(6)传送带问题:传送带以恒定速度运行,小物体无初速放上,达到共同速度过程中,相对滑动距离等于小物体对地位移,摩擦生热等于小物体的动能.(7)静摩擦力可以做正功、负功、还可以不做功,但不会摩擦生热;滑动摩擦力可以做正功、负功、还可以不做功,但会摩擦生热. (二)动量1.同一物体某时刻的动能和动量大小的关系: E k =p 22m,p =2mE k .2.碰撞模型.(1)弹性碰撞要熟识解方程的方法:移项(m 同移同一边),变形,将二次方程组化为一次方程组(降幂):⎩⎪⎨⎪⎧m 1v 1+m 2v 2=m 1v ′1+m 2v ′2, ①12m 1v 21+12m 2v 22=12m 1v ′21+12m 2v ′22, ② 整理得⎩⎪⎨⎪⎧m 1(v 1-v ′1)=m 2(v ′2-v 2), ③12m 1(v 1+v ′1)(v 1-v ′1)=12m 2(v ′2+v 2)(v ′2-v 2), ④④③可得式子:v 1+v ′1=v 2+v ′2,⑤ 联立①⑤式,解得v ′1=2m 2v 2+(m 1-m 2)v 1m 1+m 2,v ′2=2m 1v 1+(m 2-m 1)v 2m 1+m 2.则物体A 以速度v 1碰撞静止的物体B ,则有3类典型状况:a .若m A =m B ,则碰撞后两个物体互换速度:v ′1=0,v ′2=v 1.b .若m A ≫m B ,则碰撞后A 速度不变,B 速度为A 速度的两倍:v ′1=v 1,v ′2=2v 1,比如汽车运动中撞上乒乓球.c .若m A ≪m B ,则碰撞后B 仍旧静止,而A 速度反向,大小不变:v ′2=0,v ′1=-v 1.比如乒乓球碰墙、撞地反弹. (2)动碰静弹性碰撞: v ′1=m 1-m 2m 1+m 2v 1,v ′2=2m 1m 1+m 2v 1. (3)弧面小车(地面光滑)、车载单摆模型①⎩⎪⎨⎪⎧系统水平方向动量守恒,即Δp x =0,系统机械能守恒,即ΔE =0.②摆至最高点时若小球没有离开轨道,则系统具有相同速度.③若弧面轨道最高点的切线在竖直方向,则小球离开轨道时与轨道有相同的水平速度,如图所示.左边存在墙面.a .小球落到最低点的过程中,凹槽不动,系统机械能守恒,动量不守恒,水平方向动量也不守恒.b .最低点后,系统水平方向动量守恒,水平总动量p =mv 0.c .弧面始终向右运动,小球从右端斜向上抛出后总能从右端落回弧面.水平方向无阻挡. a .弧面做往复运动.b .小球总是从弧面两端离开弧面做竖直上抛运动,且又恰从抛出点落回弧面内.。

高考物理二轮复习专项训练突破—三大力场中物体的平衡问题(含解析)

高考物理二轮复习专项训练突破—三大力场中物体的平衡问题(含解析)

高考物理二轮复习专项训练突破—三大力场中物体的平衡问题(含解析)一、单项选择题1.如图所示,学校门口水平地面上有一质量为m 的石墩,石墩与水平地面间的动摩擦因数为μ,工作人员用轻绳按图示方式匀速移动石墩时,两平行轻绳与水平面间的夹角均为θ,则下列说法正确的是()A .轻绳的合拉力大小为cos mgμθB .轻绳的合拉力大小为cos sin mgμθμθ+C .减小夹角θ,轻绳的合拉力一定减小D .轻绳的合拉力最小时,地面对石墩的摩擦力也最小【答案】B【详解】AB .对石墩受力分析,由平衡条件可知cos T f θ=;f N μ=;sin T N mg θ+=联立解得cos sin μθμθ=+mgT 故A 错误,B 正确;C .拉力的大小为cos sin mg T μθμθ==+1tan ϕμ=,可知当90θϕ+=︒时,拉力有最小值,即减小夹角θ,轻绳的合拉力不一定减小,故C 错误;D .摩擦力大小为cos cos cos sin 1tan mg mg f T μθμθθμθμθ===++可知增大夹角θ,摩擦力一直减小,当θ趋近于90°时,摩擦力最小,故轻绳的合拉力最小时,地面对石墩的摩擦力不是最小,故D 错误;故选B 。

2.如图甲所示,上端安装有定滑轮、倾角为37°的斜面体放置在水平面上,滑轮与斜面体的总质量为m =0.5kg 。

轻质细线绕过定滑轮,下端连接质量为m =0.5kg 的物块,上端施加竖直向上的拉力,斜面体处于静止状态,物块沿着斜面向上做匀速运动,物块与斜面之间的动摩擦因数为μ=0.6。

如图乙所示,上端安装有定滑轮、倾角为37°的斜面体放置在粗糙的水平面上,滑轮与斜面体的总质量为m =0.5kg 。

斜面体的上表面光滑,轻质细线压在定滑轮上,下端连接质量为m =0.5kg 的物块,上端与竖直的墙壁连接,物块放置在斜面上,整体处于静止状态,墙壁和滑轮间的细线与竖直方向的夹角为60°。

高考物理二轮备考提升专项测试(附答案)

高考物理二轮备考提升专项测试(附答案)

高考物理二轮备考提升专项测试(附答案)考生关于文科科目的温习离不开做题,以下是2021届高考物理二轮备考提升专项测试,请考生及时练习。

1.[2021山东卷,21(2)]在测量金属丝电阻率的实验中,可供选用的器材如下:待测金属丝:R x(阻值约为4 ,额外电流约为0.5 A);电压表:V(量程3 V,内阻约3 k电流表:A1(量程0.6 A,内阻约为0.2A2(量程3 A,内阻约为0.05电源:E1(电动势3 V,内阻不计);E2(电动势12 V,内阻不计);滑动变阻器:R(最大阻值约20螺旋测微器;毫米刻度尺;开关S;导线.用螺旋测微器测量金属丝的直径,示数如图5-12-1所示,读数为________mm.假定滑动变阻器采用限流接法,为使测量尽量准确,电流表应选________、电源应选________(均填器材代号),在虚线框内完成电路原理图).解析螺旋测微器主尺读数为1.5 mm,螺旋刻度读数为27.30.01 mm=0.273 mm,读数应为:1.5 mm+0.273 mm=1.773 mm.由于待测电阻Rx阻值约为4 ,额外电流约为0.5 A,故电流表选A1,电源选E1.答案 1.773(1.771~1.775均正确)A1 E1 电路图如下图.2.[2021山东卷,21(2)]霍尔效应是电磁基本现象之一,近期我国迷信家在该范围的实验研讨上取得了打破性停顿.如图5-12-2甲所示,在一矩形半导体薄片的P、Q间通入电流I,同时外加与薄片垂直的磁场B,在M、N间出现电压UH,这个现象称为霍尔效应,UH为霍尔电压,且满足UH=k,式中d为薄片的厚度,k为霍尔系数.某同窗经过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数. 假定该半导体资料是空穴(可视为带正电粒子)导电,电流与磁场方向如图甲所示,该同窗用电压表测量UH时,应将电压表的+接线柱与________(填M或N)端经过导线衔接.薄片厚度d=0.40 mm,该同窗坚持磁感应强度B=0.10 T不变,改动电流I的大小,测量相应的UH值,记载数据如下表所示.I(10-3 A) 3.0 6.0 9.0 12.0 15.0 18.0 UH((10-3 V) 1.1 1.9 3.4 4.5 6.2 6.8 依据表中数据画出UH-I图线,应用图线求出该资料的霍尔系数为________10-3 VmA-1T-1(保管2位有效数字).该同窗查阅资料发现,使半导体薄片中的电流反向再次测量,取两个方向测量的平均值,可以减小霍尔系数的测量误差,为此该同窗设计了如图乙所示的测量电路.S1、S2均为单刀双掷开关,虚线框内为半导体薄片(未画出).为使电流自Q端流入,P端流出,应将S1掷向________(填a或b),S2掷向________(填c或d).为了保证测量平安,该同窗改良了测量电路,将一适宜的定值电阻串接在电路中.在坚持其他衔接不变的状况下,该定值电阻应串接在相邻器件________和________(填器件代号)之间.解析经过矩形半导体元件的电流由P向Q,故依据左手定那么可知带正电粒子遭到的洛伦兹力由N端指向M端,故带正电粒子向M端偏转,故M端聚积正电荷,M端电势高于N端,电压表的+接线柱接M端;由UH=k可得霍尔系数k=,由图象可得k==0.38 V/A,故k=1.510-3 VmA-1为使电流自Q端流入,P端流出,应将S1掷向b,将S2掷向c;为保证电路平安,定值电阻应接在S1和E(或S2和E)之间.答案 M 如下图,1.5(或1.4或1.6)b c S1 E(或S2 E)3.(2021山东卷,22)实验室购置了一捆标称长度为100 m的铜导线,某同窗想经过实验测定其实践长度.该同窗首先测得导线横截面积为1.0 mm2,查得铜的电阻率为1.710-8 m,再应用图5-12-3甲所示电路测出铜导线的电阻Rx,从而确定导线的实践长度.可供运用的器材有:电流表:量程0.6 A,内阻约0.2电压表:量程3 V,内阻约9 k滑动变阻器R1:最大阻值5滑动变阻器R2:最大阻值20定值电阻:R0=3电源:电动势6 V,内阻可不计;开关、导线假定干.回答以下效果:(1)实验中滑动变阻器应选________(填R1或R2),闭合开关S前应将滑片移至________端(填a或b).(2)在实物图5-12-4中,已正确衔接了局部导线,请依据图5-12-3甲电路完成剩余局部的衔接.(3)调理滑动变阻器,当电流表的读数为0.50 A时,电压表示数如图5-12-3乙所示,读数为________ V.(4)导线实践长度为________ m(保管2位有效数字).解析 (1)由(3)中电流表的读数为0.50 A时,电压表的读数为2.30 V可知,Rx和R0的总阻值约为4.60欧姆,假定选用滑动变阻器R1,电源电压为6 V,电流表的量程只要0.6 A,会把电流表烧坏,故滑动变阻器应该选R2.闭合开关前应将滑片移至a端保证连入电阻最大.(2)连线如下图.(3)由于电压表量程0~3 V,分度值为0.1 V,故读数为2.30 V(4)Rx的阻值为1.60欧姆,由R=可知,l== m94 m.答案 (1)R2 a (2)如下图(3)2.30(2.29、2.31均正确) (4)94(93、95均正确)4.(2021新课标全国卷23)在伏安法测电阻的实验中,待测电阻Rx约为200 ,电压表○的内阻约为2 k,电流表○的内阻约为10 ,测量电路中电流表的衔接方式如图5-12-5(a)或(b)所示,结果由公式Rx=计算得出,式中U与I区分为电压表和电流表的示数.假定将图(a)和(b)中电路测得的电阻值区分记为Rx1和Rx2,那么________(填Rx1或Rx2)更接近待测电阻的真实值,且测量值Rx1________(填大于、等于或小于)真实值,测量值Rx2________(填大于、等于或小于)真实值.解析由于==10,而==20,可见,应采用图(a)电路测量更准确,即Rx1更接近待测电阻的真实值;由于Rx1=,其中R真=,而UUR,I=IR,那么Rx1R真,即测量值Rx1大于真实值;又由于Rx2=,R真=,其中U=UR,IIR,那么Rx22021届高考物理二轮备考提升专项测试及答案的全部内容就是这些,查字典物理网预祝考生取得满意的效果。

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高考物理二轮专项:功和机械能压轴题训练1.(10分)如图21所示,两根金属平行导轨MN和PQ放在水平面上,左端向上弯曲且光滑,导轨间距为L,电阻不计。

水平段导轨所处空间有两个有界匀强磁场,相距一段距离不重叠,磁场Ⅰ左边界在水平段导轨的最左端,磁感强度大小为B,方向竖直向上;磁场Ⅱ的磁感应强度大小为2B,方向竖直向下。

质量均为m、电阻均为R的金属棒a和b垂直导轨放置在其上,金属棒b置于磁场Ⅱ的右边界CD处。

现将金属棒a从弯曲导轨上某一高处由静止释放,使其沿导轨运动。

设两金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好。

(1)若水平段导轨粗糙,两金属棒与水平段导轨间的最大摩擦力均为mg,将金属棒a从距水平面高度h处由静止释放。

求:金属棒a刚进入磁场Ⅰ时,通过金属棒b的电流大小;若金属棒a在磁场Ⅰ运动过程中,金属棒b能在导轨上保持静止,通过计算分析金属棒a释放时的高度h应满足的条件;(2)若水平段导轨是光滑的,将金属棒a仍从高度h处由静止释放,使其进入磁场Ⅰ。

设两磁场区域足够大,求金属棒a在磁场Ⅰ运动过程中,金属棒b中可能产生焦耳热的最大值。

2.(8分)如图所示,长为l的绝缘细线一端悬于O点,另一端系一质量为m、电荷量为q的小球。

现将此装置放在水平向右的匀强电场中,小球静止在A点,此时细线与竖直方向成37°角。

重力加速度为g,sin37°=0.6,cos37°=0.8。

(1)判断小球的带电性质;(2)求该匀强电场的电场强度E的大小;(3)若将小球向左拉起至与O点处于同一水平高度且细绳刚好紧,将小球由静止释放,求小球运动到最低点时的速度大小。

3.(10分)如图甲,MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ = 30°角固定,M、P之间接电阻箱R,导轨所在空间存在匀强磁场,磁场方向垂直于轨道平面向上,磁感应强度为B = 0.5T。

质量为m的金属杆a b水平放置在轨道上,其接入电路的电阻值为r。

现从静止释放杆a b,测得最大速度为v m。

改变电阻箱的阻值R,得到v m与R的关系如图乙所示。

已知轨距为L = 2m,重力加速度g取l0m/s2,轨道足够长且电阻不计。

(1)当R = 0时,求杆a b匀速下滑过程中产生感生电动势E的大小及杆中的电流方向;(2)求金属杆的质量m和阻值r;(3)当R = 4Ω时,求回路瞬时电功率每增加1W的过程中合外力对杆做的功W。

4.(10分)已知一足够长的传送带与水平面的倾角为300,以一定的速度匀速运动。

某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块,物块的质量m=1kg,以此时为t=0时刻记录了小物块之后在传送带上运动速度随时间的变化关系如图所示,若图中取沿斜面向下的运动方向为正方向,其中v1=-6m/s, v2=4m/s, t1="0.5s," g取10 m/s2,已知传送带的速度保持不变。

求:(1)物块与传送带间的摩擦系数;(2)0~t2带动传送带的电动机多消耗的电能;(3)0~t2系统产生的能;5.(10分)如图所示,一固定足够长的粗糙斜面与水平面夹角。

一个质量的小物体(可视为质点),在F=10 N的沿斜面向上的拉力作用下,由静止开始沿斜面向上运动。

已知斜面与物体间的动摩擦因数,取。

则:(1)求物体在拉力F作用下运动的加速度;(2)若力F作用1.2 s后撤去,求物体在上滑过程中距出发点的最大距离s;(3)求物体从静止出发到再次回到出发点的过程中物体克服摩擦所做的功。

6.(13分)如图甲所示,MN、PQ是固定于同一水平面相互平行的粗糙长直导轨,间距L=2.0m;R是连在导轨一端的电阻,质量m=1.0kg的导体棒ab垂直跨在导轨上,电压传感器与这部分装置相连。

导轨所在空问有磁感应强度B=0.5T、方向竖直向下的匀强磁场。

从t=0开始对导体棒ab施加一个水平向左的外力F,使其由静止开始沿导轨向左运动,电压传感器测出R两端的电压随时间变化的图线如图乙所示,其中OA段是直线,AB段是曲线、BC段平行于时间轴。

假设在从1.2s开始以后,外力F的功率P=4.5W保持不变。

导轨和导体棒ab的电阻均可忽略不计,导体棒ab在运动过程中始终与导轨垂直,且接触良好。

不计电压传感器对电路的影响(g=10m/s2)。

求(1)导体棒ab做匀变速运动的加速度及运动过程中最大速度的大小;(2)在1.2s~2.4s的时间,该装置产生的总热量Q;(3)导体棒ab与导轨间的动摩擦因数μ和电阻R的值。

7.(11分)如图甲,在水平地面上固定一倾角为θ的光滑斜面,一劲度系数为k的轻质弹簧的一端固定在斜面底端,弹簧处于自然状态。

一质量为m的滑块从距离弹簧上端为s0处由静止释放,设滑块与弹簧接触过程中没有机械能损失,弹簧始终处在弹性限度(不计空气阻力,重力加速度大小为g)。

(1)求滑块与弹簧上端接触瞬间的动能;(2)若滑块在沿斜面向下运动的整个过程中最大速度大小为v m,求此时弹簧所具有的弹性势能;(3)从滑块静止释放瞬间开始计时,请在乙图中定性画出滑块在沿斜面向下运动的整个过程中速度与时间的关系图象。

图中横坐标轴上的t1、t2及t3分别表示滑块第一次与弹簧上端接触、第一次速度达到最大值及第一次速度减为零的时刻,纵坐标轴上的v1为滑块在t1时刻的速度大小,v m是题中所指的物理量。

(本问不要求写出计算过程)8.(16分)如图所示,倾角为θ的固定斜面的底端有一挡板M,轻弹簧的下端固定在挡板M上,在自然长度下,弹簧的上端在O位置。

质量为m的物块A(可视为质点)从P点以初速度v0沿斜面向下运动,PO=x0,物块A与弹簧接触后将弹簧上端压到O'点位置,然后A被弹簧弹回。

A 离开弹簧后,恰好能回到P点。

已知A与斜面间的动摩擦因数为μ,重力加速度用g表示。

求:(1)物块A运动到O点的速度大小;(2)O点和O'点间的距离x1;(3)在压缩过程中弹簧具有的最大弹性势能E P。

9.一个带电粒子只在电场力作用下通过匀强电场中的a、b两点,一组平行的带箭头的实线表示匀强电场的电场线,如图所示。

已知带电粒子通过a、b两点的速度大小分别是5 m/s和3 m/s,粒子的质量是100 g,a、b两点的电势差为80 V。

(1)试判断带电粒子所带电荷的种类。

(2)带电粒子所带的电荷量。

10.(10分)如图,两足够长的光滑平行金属导轨竖直放置,相距为L,一理想电流表与两导轨相连,匀强磁场与导轨平面垂直,一质量为m的导体棒在距离磁场上边界h处由静止释放,导体棒进入磁场后,流经电流表的电流逐渐减小,最终稳定为I。

整个运动过程中导体棒与导轨接触良好,且始终保持水平,导体棒在此电路中的有效电阻为R,不计导轨的电阻。

求:(1)磁感应强度的大小B;(2)电流稳定后,导体棒运动速度的大小v;(3)流经电流表电流的最大值I m。

11.(10分) 图示为一匀强电场,已知场强E=2×102N/C。

现让一个电量q=4×10-8C的电荷沿电场方向从M点移到N点,MN间的距离s=30cm。

试求:(1)电荷从M点移到N点电势能的变化;(2)M、N两点间的电势差。

12.(12分)如图长为L=1.5m的水平轨道AB和光滑圆弧轨道BC平滑相接,圆弧轨道半径R=3m,圆心在B点正上方O处,弧BC所对的圆心角为=53O,具有动力装置的玩具小车质量为m=1kg,从A点开始以恒定功率P=10w由静止开始启动,运动至B点时撤去动力,小车继续沿圆弧轨道运动并冲出轨道。

已知小车运动到B点时轨道对小车的支持力为F B=26N,小车在轨道AB上运动过程所受阻力大小恒为f=0.1mg小车可以被看成质点。

取g=10m/s2,,sin53o=0.8,cos53o=0.6,求:(1)动力小车运动至B点时的速度V B的大小;(2)小车加速运动的时间t;(3)小车从BC弧形轨道冲出后能达到的最大离地高度。

13.(12分)如图足够长的光滑斜面与水平面的夹角为=30o,空间中自上而下依次分布着垂直斜面向下的匀强磁场区域I、Ⅱ、Ⅲ,相邻两个磁场的间距均为d=0.5m。

一边长L=0.1m、质量m=0.5kg、电阻R=0.3的正方形导线框放在斜面的顶端,导线框的下边距离磁场I的上边界为d o=0.9m。

将导线框由静止释放,导线框匀速穿过每个磁场区域。

已知重力加速度g=10m/s2,求:(1)导线框进入磁场I时的速度;(2)磁场I的磁感应强度B t;(3)导线框穿过全部磁场区域过程中产生的总焦耳热。

14.(11分)光滑水平面上放有如图所示的用绝缘材料制成的“┙”型滑板(平面部分足够长),滑板的质量为4m。

距离滑板的右壁A为L1的B处放有一质量为m、电量为+q(q>0)的小物体(可视为质点),小物体与板面之间的摩擦可忽略不计。

整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中。

开始时,滑板与小物体都处于静止状态,某时刻释放小物体,求:(1)小物体第一次跟滑板的A壁碰撞前瞬间的速度v1多大;(2)若小物体与A壁碰撞时间极短,且碰撞过程没有机械能损失,则a.小物体第二次即将跟A壁碰撞瞬间,滑板的速度v和小物体的速度v2分别为多大;b.从开始释放小物体到它即将第二次跟A壁碰撞的过程中,整个装置的电势能减少了多少. 15.(13分)如图所示,光滑斜面的倾角α=30°,在斜面上放置一矩形线框abcd,ab边的边长L1=1m,bc边的边长L2=0.4m,线框的质量m=1kg,电阻R=0.2Ω。

斜面上ef线(ef∥gh)的右方有垂直斜面向上的均匀磁场,磁感应强度B随时间t的变化情况如B-t图像,ef线和gh的距离s=6.9m,t=0时线框在平行于斜面向上的恒力F=10N的作用下从静止开始运动,线框进入磁场的过程中始终做匀速直线运动,重力加速度。

(1)求线框进入磁场前的加速度大小和线框进入磁场时做匀速运动的速度v大小;(2) 求线框进入磁场的过程中产生的焦耳热;(3)求线框从开始运动到ab边运动到 gh线处所用的时间。

16.(12分)如图甲所示,相隔一定距离的竖直边界两侧为相同的匀强磁场区,磁场方向垂直纸面向里,在边界上固定两长为L的平行金属极板MN和PQ,两极板中心各有一小孔S1、S2,两极板间电压的变化规律如图乙所示,电压的大小为U0,周期为T0。

在t=0时刻将一个质量为m、电荷量为-q(q>0)的粒子由S1静止释放,粒子在电场力的作用下向右运动,在t=时刻通过S2垂直于边界进入右侧磁场区。

(不计粒子重力,不考虑极板外的电场)(1)求粒子到达S2时的速度大小v(2)为使粒子不与极板相撞,求磁感应强度的大小应满足的条件;(3)若已保证了粒子未与极板相撞,为使粒子在t=T0时刻再次到达S1,而再次进入电场被加速,求该过程中粒子在磁场运动的时间和磁感应强度的大小。

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