第10章 静电场-1作业答案
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第十章静电场中的导体与电介质10- 1将一个带正电的带电体A从远处移到一个不带电的导体 B 附近,则导体 B 的电势将()(A)升高(B)降低(C)不会发生变化(D)无法确定分析与解不带电的导体 B 相对无穷远处为零电势.由于带正电的带电体 A 移到不带电的导体B附近时,在导体B 的近端感应负电荷;在远端感应正电荷,不带电导体的电势将高于无穷远处,因而正确答案为(A) .10- 2将一带负电的物体M 靠近一不带电的导体N,在 N的左端感应出正电荷,右端感应出负电荷 .若将导体 N的左端接地(如图所示),则()(A) N上的负电荷入地(B)N上的正电荷入地(C) N上的所有电荷入地(D)N上所有的感应电荷入地题 10-2 图分析与解导体 N接地表明导体 N为零电势,即与无穷远处等电势,这与导体 N在哪一端接地无关 .因而正确答案为(A) .10- 3 如图所示将一个电量为q的点电荷放在一个半径为R的不带电的导体球附近,点电荷距导体球球心为 d,参见附图.设无穷远处为零电势,则在导体球球心O 点有()(A)Eq q,Vq 0,V ( B)E2 4π4π4πε0d ε0d ε0d(C)E 0,V 0q,Vq ( D)E2 4π4πε0d ε0R 题 10-3 图分析与解达到静电平衡时导体内处处各点电场强度为零.点电荷q 在导体球表面感应等量异号的感应电荷±q′,导体球表面的感应电荷±q′在球心O点激发的电势为零,O 点的电势等于点电荷q 在该处激发的电势.因而正确答案为(A) .10- 4 根据电介质中的高斯定理,在电介质中电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分等于这个曲面所包围自由电荷的代数和.下列推论正确的是( )(A)若电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分等于零,曲面内一定没有自由电荷(B)若电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分等于零,曲面内电荷的代数和一定等于零(C)若电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分不等于零,曲面内一定有极化电荷(D)介质中的高斯定律表明电位移矢量仅仅与自由电荷的分布有关(E)介质中的电位移矢量与自由电荷和极化电荷的分布有关分析与解电位移矢量沿任意一个闭合曲面的通量积分等于零,表明曲面内自由电荷的代数和等于零;由于电介质会改变自由电荷的空间分布,介质中的电位移矢量与自由电荷与位移电荷的分布有关.因而正确答案为(E) .10- 5对于各向同性的均匀电介质,下列概念正确的是()(A)电介质充满整个电场并且自由电荷的分布不发生变化时,电介质中的电场强度一定等于没有电介质时该点电场强度的1/ εr倍(B)电介质中的电场强度一定等于没有介质时该点电场强度的1/ εr倍(C)在电介质充满整个电场时,电介质中的电场强度一定等于没有电介质时该点电场强度的 1/ εr倍(D)电介质中的电场强度一定等于没有介质时该点电场强度的εr倍分析与解电介质中的电场由自由电荷激发的电场与极化电荷激发的电场迭加而成,由于极化电荷可能会改变电场中导体表面自由电荷的分布,由电介质中的高斯定理,仅当电介质充满整个电场并且自由电荷的分布不发生变化时,在电介质中任意高斯面S 有1 χE d S E 0 d S 1q iS S ε i即E= E0 / εr,因而正确答案为(A) .10- 6 不带电的导体球A含有两个球形空腔,两空腔中心分别有一点电荷q b 、q c ,导体球外距导体球较远的r 处还有一个点电荷q d (如图所示).试求点电荷q b 、 q c 、 q d 各受多大的电场力.题10-6 图分析与解根据导体静电平衡时电荷分布的规律,空腔内点电荷的电场线终止于空腔内表面感应电荷;导体球A外表面的感应电荷近似均匀分布,因而近似可看作均匀带电球对点电荷q d的作用力 .q b q c q dF d4πεr 2点电荷 q d与导体球 A 外表面感应电荷在球形空腔内激发的电场为零,点电荷q b、 q c处于球形空腔的中心,空腔内表面感应电荷均匀分布,点电荷q b、q c受到的作用力为零 .10- 7 一真空二极管,其主要构件是一个半径R1=× 10 -4 m的圆柱形阴极和一个套在阴极外、半径 R =× 10 -3 m 的同轴圆筒形阳极.阳极电势比阴极电势高300 V,阴极与阳极的长2度均为 L=× 10-2m.假设电子从阴极射出时的速度为零.求:(1)该电子到达阳极时所具有的动能和速率;(2)电子刚从阳极射出时所受的力.题10-7 图分析( 1)由于半径 R1<< L,因此可将电极视作无限长圆柱面,阴极和阳极之间的电场具有轴对称性.从阴极射出的电子在电场力作用下从静止开始加速,电子所获得的动能等于电场力所作的功,也即等于电子势能的减少.由此,可求得电子到达阳极时的动能和速率.(2)计算阳极表面附近的电场强度,由 F= qE 求出电子在阴极表面所受的电场力.解( 1)电子到达阳极时,势能的减少量为E ep eV 4.810 17 J由于电子的初始速度为零,故E ek E ekE ep4.8 10 17 J因此电子到达阳极的速率为2E ek 2eV 1.03 10 7 m s -1vmm(2) 两极间的电场强度为λ E2πε0re r两极间的电势差R 2lnR2VR 2dr E drR 12π 0 r2π 0 R 1R 1负号表示阳极电势高于阴极电势.阴极表面电场强度Eλe rV e r2πε0R 1 R 2R 1lnR 1电子在阴极表面受力FeE (4.37 10 14 N) e r- 31这个力尽管很小,但作用在质量为9.11×10 kg 的电子上,电子获得的加速度可达重力加速度的 5× 1015 倍.10- 8 一导体球半径为 R,外罩一半径为 R 2 的同心薄导体球壳,外球壳所带总电荷为Q ,1而内球的电势为 V 0 .求此系统的电势和电场的分布.分析 若 V 0Q,内球电势等于外球壳的电势, 则外球壳内必定为等势体, 电场强度4πε0R 2处处为零,内球不带电.Q若 V 0,内球电势不等于外球壳电势,则外球壳内电场强度不为零,内球带4πεR0 2电.一般情况下,假设内导体球带电q ,导体达到静电平衡时电荷的分布如图所示.依照电荷的这一分布,利用高斯定理可求得电场分布.并由V pE dl 或电势叠加求出电势的p分布.最后将电场强度和电势用已知量 V 0、 Q 、 R 1 、R 2表示.题10-8 图解根据静电平衡时电荷的分布,可知电场分布呈球对称.取同心球面为高斯面,由高斯定理 E dS E r 4πr2 E rq / ε0,根据不同半径的高斯面内的电荷分布,解得各区域内的电场分布为r < R 时,E1 r 01R < r<R 时, E2 r q1 24πε0r 22 时,E2 Q qr> R r4πε0r 2由电场强度与电势的积分关系,可得各相应区域内的电势分布.r< R1时,V1 E dl R1 1 dl R2 E 3 dlE E 2 dlr r R1 R2q Q4π0 R1 4π0 R2R1< r<R2时,V2 E dl R2 2 dl E 3 dlEr r R2q Q4π0 r 4π0 R2r> R2时,V3r E3Q qdl4π0r也可以从球面电势的叠加求电势的分布:在导体球内( r < R1)V1q Q4 π4πεRε0R1 0 2在导体球和球壳之间(R1< r< R2)V2q Q 4πε0r 4πε0R2在球壳外( r> R2)为V3Q q4π0r 由题意V1 V0q Q4 π4πεRε0R2 0 1得q 4π0 R1V0R1 QR2于是可求得各处的电场强度和电势的分布:r< R1时,E10 ; V1V0R1< r<R2时,E2 R1V0 R1Q; V2R1V0 (r R1 )Q r 2 4πεR r 2r 4π0 R2 r0 22时,r> RR1V0 ( R2 R1 )Q; V3 R1V0 (R2 R1 )QE32 4π0R2 r 2 r 4π0 R2rr10- 9 地球和电离层可当作球形电容器,它们之间相距约为100 km ,试估算地球-电离层系统的电容.设地球与电离层之间为真空.解由于地球半径 R1=× 106 m;电离层半径 R2=× 105 m +R1=× 106 m,根据球形电容器的电容公式,可得C 4πε0 R1 R2 4.58 10 2 FR2 R110- 10 两线输电线,其导线半径为 3.26 mm ,两线中心相距0.50 m,导线位于地面上空很高处,因而大地影响可以忽略.求输电线单位长度的电容.分析假设两根导线带等量异号电荷,电荷在导线上均匀分布,则由长直带电线的电场叠加,可以求出两根带电导线间的电场分布,E E E再由电势差的定义求出两根导线之间的电势差,就可根据电容器电容的定义,求出两线输电线单位长度的电容解建立如图坐标,带等量异号电荷的两根导线在 P点激发的电场强度方向如图,由上述分析可得 P点电场强度的大小为1 1E()2π0x d x电场强度的方向沿x轴,电线自身为等势体,依照定义两导线之间的电势差为d R1 1U E dl ( )dxl R 2π0 x d x上式积分得λln d RUπε0 R 因此,输电线单位长度的电容C λπε0 / lnd Rπε0 / lnd U R R代入数据 C 5.52 10 12 F题 10-10 图10- 11电容式计算机键盘的每一个键下面连接一小块金属片,金属片与底板上的另一块金属片间保持一定空气间隙,构成一小电容器(如图).当按下按键时电容发生变化,通过与之相连的电子线路向计算机发出该键相应的代码信号.假设金属片面积为50.0 mm 2,两金属片之间的距离是0.600 mm. 如果电路能检测出的电容变化量是pF,试问按键需要按下多大的距离才能给出必要的信号题 10-11 图分析按下按键时两金属片之间的距离变小,电容增大,由电容的变化量可以求得按键按下的最小距离:解按下按键时电容的变化量为C ε0S 11 d d0按键按下的最小距离为d min dd Cd20.152 mmd0 C 0 S10- 12 一片二氧化钛晶片,其面积为 1.0 cm2 ,厚度为 0.10 mm .把平行平板电容器的两极板紧贴在晶片两侧.( 1)求电容器的电容;(2)当在电容器的两极间加上 12 V电压时,极板上的电荷为多少此时自由电荷和极化电荷的面密度各为多少( 3)求电容器内的电场强度.解( 1)查表可知二氧化钛的相对电容率εr = 173,故充满此介质的平板电容器的电容C εεr0S 1.53 10 9 Fd(2)电容器加上 U = 12V 的电压时,极板上的电荷Q CU 1.84 10 8 C极板上自由电荷面密度为σQ1.84 10 8 C m - 2S晶片表面极化电荷密度σ0 1 1σ0 1.83 104 C m- 2 εr(3)晶片内的电场强度为E U 1.2 105 V m-1d10- 13 如图所示,半径 R = 0.10 m 的导体球带有电荷Q =× 10 -8C,导体外有两层均匀介质,一层介质的εr= 0.10 m,另一层介质为空气,充满其余空间.求:( 1 )=,厚度 d离球心为 r = 5cm、15 cm、25 cm 处的 D 和 E;( 2)离球心为 r = 5 cm、15 cm、25 cm 处的V;( 3)极化电荷面密度σ′.题 10-13 图分析带电球上的自由电荷均匀分布在导体球表面,电介质的极化电荷也均匀分布在介质的球形界面上,因而介质中的电场是球对称分布的.任取同心球面为高斯面,电位移矢量D 的通量与自由电荷分布有关,因此,在高斯面上 D 呈均匀对称分布,由高斯定理D d S q 可得D(r).再由E D / εε可得E(r).00r介质内电势的分布,可由电势和电场强度的积分关系V E dl 求得,或者由电势叠r加原理求得.极化电荷分布在均匀介质的表面,其极化电荷面密度Pn .解( 1)取半径为 r 的同心球面为高斯面,由高斯定理得r < R D1 4πr2 0D1 0 ; E1 0R <r<R+d D24π2QrD2 Q ; E2Q4πr 2 4πεε0r r 2r > R + d D3 4πr 2 QD 3Q; E3Q 4πr2 4π0 r 2将不同的 r 值代入上述关系式,可得r= 5 cm、15 cm 和 25 cm 时的电位移和电场强度的大小,其方向均沿径向朝外.r1 = 5 cm,该点在导体球内,则Dr1 0 ;Er1 0r2 = 15 cm,该点在介质层内,εr=,则Dr2 Q3.5 10 8 C m 2 4π2r2E r2Q2 8.0 102 V m 1 4πεε0r r2r3 = 25 cm,该点在空气层内,空气中ε ≈ε0,则Dr3 Q 1.3 10 8 C m 2;4πr32Er3 Q 2 1.4 103 V m 14π0 r2(2)取无穷远处电势为零,由电势与电场强度的积分关系得r3 = 25 cm,V3 E3 dr Q 360 V4πr1ε0rr2= 15 cm,V2R dE 3 drE 2 drr2 R dQ Q4π0 r r2 4π0 r R d 4π0 480 Vr1= 5 cm,V1R dE3RE 2 dr drR dQ Q Q 4πεε0r R 4πεε0r R d 4πε0 R540V(3)均匀介质的极化电荷分布在介质界面上,因空气的电容率略.故在介质外表面;QR ddε=ε0,极化电荷可忽P n εr 1 ε0E nεr 1 Q 4π 2R dεrσ P n εr 1 Q 2 1.6 10 8 C4πεr R d在介质内表面:m 2P n εr 1 ε0E n εr 1 Q 4π 2εr RσP n εr 1 Q6.4 10 8 C m 2 4π 2εr R介质球壳内、外表面的极化电荷面密度虽然不同,但是两表面极化电荷的总量还是等量异号.10- 14 人体的某些细胞壁两侧带有等量的异号电荷.设某细胞壁厚为- 9× 10 m,两表面所带面电荷密度为±× 10 - 3 C/m2 ,内表面为正电荷.如果细胞壁物质的相对电容率为,求( 1)细胞壁内的电场强度;(2)细胞壁两表面间的电势差.解( 1)细胞壁内的电场强度(2)细胞壁两表面间的电势差E σ9.8 106 V/m ;方向指向细胞外.εε0 rU Ed 5.1 10 2 V .10- 15如图(a)所示,有两块相距为的薄金属板A、B构成的空气平板电容器被屏蔽在一金属盒K内,金属盒上、下两壁与 A、B 分别相距 0.25 mm ,金属板面积为 30 mm × 40 mm.求( 1)被屏蔽后电容器的电容变为原来的几倍;(屏蔽盒相碰,问此时的电容又为原来的几倍2)若电容器的一个引脚不慎与金属题10-15 图分析薄金属板 A、 B 与金属盒一起构成三个电容器,其等效电路图如图(b)所示,由于两导体间距离较小,电容器可视为平板电容器,通过分析等效电路图可以求得A、B 间的电容.解( 1)由等效电路图可知C C23C2 C3C1 C1C3C2由于电容器可以视作平板电容器,且d1 2d2 2d3,故 C2 C3 2C1,因此A、B间的总电容C 2C1(2)若电容器的一个引脚不慎与金属屏蔽盒相碰,相当于C2(或者 C3)极板短接,其电容为零,则总电容C 3C110- 16 在 A 点和 B 点之间有 5 个电容器,其连接如图所示.( 1)求 A、B 两点之间的等效电容;( 2)若 A、 B 之间的电势差为 12 V,求 U AC、 U CD和 U DB.题 10-16 图解( 1)由电容器的串、并联,有C AC C1C212 μFC CD C3 C4 8 μF1 1 1 1C AB C AC C CD C5求得等效电容 C AB= 4 μF.(2)由于Q AC Q CD Q DB Q AB,得UAC CAB U AB 4 V C ACUCD CAB U AB 6 V CCDUDB CAB U AB 2 V CDB10- 17 如图,有一个空气平板电容器,极板面积为 S,间距为 d .现将该电容器接在端电压为U 的电源上充电,当( 1)充足电后;( 2)然后平行插入一块面积相同、厚度为δ(δ<d)、相对电容率为εr的电介质板;( 3)将上述电介质换为同样大小的导体板.分别求电容器的电容 C,极板上的电荷Q 和极板间的电场强度E.题10-17 图分析电源对电容器充电,电容器极板间的电势差等于电源端电压U.插入电介质后,由于介质界面出现极化电荷,极化电荷在介质中激发的电场与原电容器极板上自由电荷激发的电场方向相反,介质内的电场减弱.由于极板间的距离 d 不变,因而与电源相接的导体极板将会从电源获得电荷,以维持电势差不变,并有U Qd δQ δε0S εε0r S相类似的原因,在平板电容器极板之间,若平行地插入一块导体板,由于极板上的自由电荷和插入导体板上的感应电荷在导体板内激发的电场相互抵消,与电源相接的导体极板将会从电源获得电荷,使间隙中的电场 E 增强,以维持两极板间的电势差不变,并有U QdδεS综上所述,接上电源的平板电容器,插入介质或导体后,极板上的自由电荷均会增加,而电势差保持不变.解( 1)空气平板电容器的电容εSC00d充电后,极板上的电荷和极板间的电场强度为εSQ00UdE0U / d( 2)插入电介质后,电容器的电容C1为C1 Q / Qd δQ δεε0r Sε0S εε0r S δ εr dδ故有εεSU0rC1C1Uδ εr dδ介质内电场强度E1Q1 Uεε0r S δ εr dδ空气中电场强度Q1 εr UE1δ εr dδε0S( 3)插入导体达到静电平衡后,导体为等势体,其电容和极板上的电荷分别为εSC20dδεSQ2Udδ导体中电场强度E2 0空气中电场强度E2U d δ无论是插入介质还是插入导体,由于电容器的导体极板与电源相连,在维持电势差不变的同时都从电源获得了电荷,自由电荷分布的变化同样使得介质内的电场强度不再等于E0/ εr.10- 18 为了实时检测纺织品、纸张等材料的厚度(待测材料可视作相对电容率为ε 的电r介质),通常在生产流水线上设置如图所示的传感装置,其中A, B为平板电容器的导体极板,d0为两极板间的距离.试说明检测原理,并推出直接测量量电容 C 与间接测量量厚度 d 之间的函数关系.如果要检测钢板等金属材料的厚度,结果又将如何题10-18 图分析导体极板 A、 B 和待测物体构成一有介质的平板电容器,关于电容C与材料的厚度的关系,可参见题10- 17 的分析.解由分析可知,该装置的电容为C 0 rSd r d0 d则介质的厚度为d εr d0Cεε0r S εr d0 εε0r Sεr 1 C ε 1 εr 1 Cr如果待测材料是金属导体,其等效电容为C εS0 d0d导体材料的厚度d d0 ε0S C实时地测量 A、 B 间的电容量 C,根据上述关系式就可以间接地测出材料的厚度.通常智能化的仪表可以实时地显示出待测材料的厚度.10- 19有一电容为 μ F 的平行平板电容器,两极板间被厚度为 0.01 mm 的聚四氟乙烯薄膜所隔开,( 1) 求该电容器的额定电压;(2) 求电容器存贮的最大能量.分析通过查表可知聚四氟乙烯的击穿电场强度E b = × 107 V / m ,电容器中的电场强度 E≤E b ,由此可以求得电容器的最大电势差和电容器存贮的最大能量.解( 1) 电容器两极板间的电势差U maxE b d 190 V(2) 电容器存贮的最大能量W1CU 2 9.03 10 3 Je2 max10- 20半径为 0.10 cm 的长直导线, 外面套有内半径为 1.0 cm 的共轴导体圆筒, 导线与圆筒间为空气.略去边缘效应,求:( 1) 导线表面最大电荷面密度;(2) 沿轴线单位长度的最大电场能量.分析 如果设长直导线上单位长度所带电荷为λ,导线表面附近的电场强度Eλσε2πε0R查表可以得知空气的击穿电场强度E b = × 6E ≤ E b 空10( V / m ),只有当空气中的电场强度 气才不会被击穿,由于在导线表面附近电场强度最大,因而可以求出σ的极限值.再求得电场能量密度,并通过同轴圆柱形体元内电场能量的积分求得单位长度的最大电场强度.解( 1) 导线表面最大电荷面密度σεE2.66 10 5 C m 2max0 b显然导线表面最大电荷面密度与导线半径无关.(2) 由上述分析得λ2πεR E ,此时导线与圆筒之间各点的电场强度为max0 1 bE mR 1R 2 r R 12π 0 rrE(其他 )1 21R 2 E 2w mEm1b22r 2沿轴线单位长度的最大电场能量W mw 2πrdr22 R 21 0πR1E b drR 1rW m0 πR 12E b 2lnR 25.76 10 4 J m 1R 110- 21 一空气平板电容器, 空气层厚 1.5 cm ,两极间电压为 40 kV ,该电容器会被击穿吗 现将一厚度为 0.30 cm 的玻璃板插入此电容器,并与两极平行,若该玻璃的相对电容率为,击穿电场强度为 10 M V ·m -1 .则此时电容器会被击穿吗分析 在未插入玻璃板时, 不难求出空气中的电场强度小于空气的击穿电场强度, 电容器不会被击穿.插入玻璃后,由习题10-17 可知,若电容器与电源相连,则极板间的电势差维持不变, 电容器将会从电源获取电荷. 此时空气间隙中的电场强度将会增大. 若它大于空气的击穿电场强度, 则电容器的空气层将首先被击穿.此时 40 kV 电压全部加在玻璃板两侧,玻璃内的电场强度如也大于玻璃击穿电场强度的值, 则玻璃也将被击穿. 整个电容器被击穿.解 未插入玻璃时,电容器内的电场强度为E U / d 2.7 10 6 V m 1因空气的击穿电场强度 E b 3.010 6 V m 1 , EE b ,故电容器不会被击穿.插入玻璃后,由习题 6 -26 可知,空气间隙中的电场强度Eεr V3.2 106 V m 1ε d δ δr此时,因 E E b ,空气层被击穿,击穿后 40 kV 电压全部加在玻璃板两侧,此时玻璃板内的电场强度E V / δ 1.3 10 7 V m 1由于玻璃的击穿电场强度 E b10 MV m 1 , E E b,故玻璃也将相继被击穿,电容器完全被击穿.10- 22 某介质的相对电容率r2.8 ,击穿电场强度为 18 106 V m 1 ,如果用它来作平板电容器的电介质,要制作电容为 μF,而耐压为 kV 的电容器,它的极板面积至少要多大.解 介质内电场强度E E b18 106 V m 1电容耐压 U m= kV,因而电容器极板间最小距离d U m / E b 2.2210 4 m要制作电容为μF的平板电容器,其极板面积S Cd0.42 m2 εε0 1显然,这么大的面积平铺开来所占据的空间太大了,通常将平板电容器卷叠成筒状后再封装.10- 23一平行板空气电容器,极板面积为S,极板间距为 d,充电至带电Q后与电源断开,然后用外力缓缓地把两极板间距拉开到 2d.求:( 1)电容器能量的改变;( 2)此过程中外力所作的功,并讨论此过程中的功能转换关系.分析在将电容器两极板拉开的过程中,由于导体极板上的电荷保持不变,极板间的电场强度亦不变,但电场所占有的空间增大,系统总的电场能量增加了.根据功能原理,所增加的能量应该等于拉开过程中外力克服两极板间的静电引力所作的功.解( 1)极板间的电场为均匀场,且电场强度保持不变,因此,电场的能量密度为w e 1ε0E2Q22 2ε0S2在外力作用下极板间距从 d 被拉开到 2d,电场占有空间的体积,也由V 增加到 2V,此时电场能量增加W e w eQ2d V2ε0S(2)两导体极板带等量异号电荷,外力 F 将其缓缓拉开时,应有F=- F e,则外力所作的功为A F e r QEd Q2d2εS外力克服静电引力所作的功等于静电场能量的增加.。
第十章 静电场中的导体和电介质习题解答
10-1 如题图所示,一内半径为a 、外半径为b 的金属球壳,带有电荷Q ,在球壳空腔内距离球心r 处有一点电荷q ,设无限远处为电势零点。
试求: (1) 球壳内外表面上的电荷;(2) 球心O 点处,由球壳内表面上电荷产生的电势;(3) 球心O 点处的总电势。
习题10-1图解:(1) 由静电感应,金属球壳的内表面上有感生电荷-q ,外表面上带电荷q +Q 。
(2) 不论球壳内表面上的感生电荷是如何分布的,因为任一电荷元离O 点的 距离都是a ,所以由这些电荷在O 点产生的电势为0d 4q qU aπε-=⎰aq04επ-=(3) 球心O 点处的总电势为分布在球壳内外表面上的电荷和点电荷q 在O 点产生的电势的代数和q Q q q O U U U U +-++=04qr πε=04qa πε-04Q qb πε++01114()q r a bπε=-+04Q bπε+ 10-2 有一"无限大"的接地导体板 ,在距离板面b 处有一电荷为q 的点电荷,如题图(a)所示。
试求:(1) 导体板面上各点的感生电荷面密度分布(参考题图(b)); (2) 面上感生电荷的总电荷(参考题图(c))。
习题10-2图解:(1) 选点电荷所在点到平面的垂足O 为原点,取平面上任意点P ,P 点距离原点为r ,设P 点的感生电荷面密度为.在P 点左边邻近处(导体内)场强为零,其法向分量也是零,按场强叠加原理,()220cos 024P q E r b θσεπε⊥=+=+ ∴ ()2/3222/b r qb +-=πσ (2) 以O 点为圆心,r 为半径,d r 为宽度取一小圆环面,其上电荷为 ()3222d d d //Q S qbr r r bσ==-+q Q a bO r()q brrr qb S Q S-=+-==⎰⎰∞2322d d /σ10-3 如题图所示,中性金属球A ,半径为R ,它离地球很远.在与球心O 相距分别为a 与b 的B 、C 两点,分别放上电荷为A q 和B q 的点电荷,达到静电平衡后,问: (1) 金属球A 内及其表面有电荷分布吗?(2) 金属球A 中的P 点处电势为多大?(选无穷远处为电势零点)B C R AP Oq A q Bba习题10-3图解:(1) 静电平衡后,金属球A 内无电荷,其表面有正、负电荷分布,净电荷为零. (2) 金属球为等势体,设金属球表面电荷面密度为. ()()000d 4=4////AP A B S U U S R q a q a σπεπε==⋅+⎰⎰∵d 0AS S σ⋅=⎰⎰∴ ()()04///P A B U q a q a πε=+10-4 三个电容器如题图联接,其中C 1 = 10×10-6 F ,C 2 = 5×10-6 F ,C 3 = 4×10-6 F ,当A 、B 间电压U =100 V 时,试求:(1) A 、B 之间的电容;(2) 当C 3被击穿时,在电容C 1上的电荷和电压各变为多少?ABC 1C 2 C 3U习题10-4图解:(1) =+++=321321)(C C C C C C C 3.16×10-6 F(2) C 1上电压升到U = 100 V ,电荷增加到==U C Q 111×10-3 C10-5 一个可变电容器,由于某种原因所有动片相对定片都产生了一个相对位移,使得两个相邻的极板间隔之比为2:1,问电容器的电容与原来的电容相比改变了多少?(a) (b)习题10-5图解:如图所示,设可变电容器的静片数为n ,定片数为1-n ,标准情况下,极板间的距离为d (图a ),极板相对面积为S 。
人教版高二物理必修第三册第10章 静电场中的能量练习含答案
(新教材)人教高中物理必修第三册第10章静电场中的能量练习含答案(新教材)必修第三册第10章静电场中的能量1、在维护和检修高压供电线路时,为了不影响城市用电,电工经常要在高压线上带电作业。
为了保障电工的安全,电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服(如图所示)。
图乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上作业,其头顶上方有B 供电线,B供电线的电势高于A供电线的电势。
虚线表示电工周围某一截面上的等差等势面,c、d、e、f是不同等势面上的四个点,以下说法正确的是()A.在c、d、e、f四点中,c点的电场强度最大B.在c、d、e、f四点中,f点的电势最高C.若将某电子由c移到f,其电势能将增大D.将某电子在d点由静止释放,它会向e点所在等势面运动2、如图所示,图中实线表示一匀强电场的电场线,一带负电荷的粒子射入电场,虚线是它的运动轨迹,a、b是轨迹上的两点,若粒子所受重力不计,那么正确的判断是()A.电场线方向向下B.粒子一定从a点运动到b点C.a点电势比b点电势高D.粒子在a点的电势能大于在b点的电势能3、(双选)在静电场中,将一电子从A点移至B点,静电力做功5 eV,则下列结论正确的是()A.A、B两点间的电势差是5 VB.A、B两点间的电势差是-5 VC.电子的电势能增加了5 eVD.电子的电势能减少了5 eV4、如图所示,充电的平行板电容器两板间形成匀强电场,以A点为坐标原点,AB方向为位移x的正方向,能正确反映电势φ随位移x变化的图像是()5、传感器在各种领域中有着广泛应用,是自动控制设备中不可缺少的元件。
如图所示为几种电容式传感器,其中通过改变电容器极板间距而引起电容变化的是()6、如图所示,一平行板电容器中存在匀强电场,电场沿竖直方向。
两个比荷(即粒子的电荷量与质量之比)不同的带正电的粒子a和b,从电容器的P点以相同的水平速度射入两平行板之间。
测得a和b与电容器极板的撞击点到入射点之间的水平距离之比为1∶2。
《新编基础物理学》_第10章
第10章 导体和电介质中的静电场10-1 如题图10-1所示,三块平行的金属板A ,B 和C ,面积均为2cm 200, A 与B 相距mm 4,A 与C 相距mm 2,B 和C 两板均接地,若A 板所带电量C 100.37-⨯=Q ,忽略边缘效应,求:(1)B 和C 上的感应电荷;(2)A 板的电势(设地面电势为零)。
分析:当导体处于静电平衡时,根据静电平衡条件和电荷守恒定律,可以求得导体的电荷分布,又因为B 、C 两板都接地,所以有AC AB U U =.解:(1)设B 、C 板上的电荷分别为B q 、C q 。
因3块导体板靠的较近,可将6个导体面视为6个无限大带电平面。
导体表面电荷分布均匀,且其间的场强方向垂直于导体表面。
作解图10-1中虚线所示的圆柱形高斯面。
因导体达到静电平衡后,内部场强为零,故由高斯定理得:1A C q q =-2A B q q =-即()A B C q q q =-+ ①又因为AC AB U U =即2AC AB dE E d ⋅=⋅所以2A C A B E E =可得002C B q qS Sεε =⋅ 即 2C B q q = ② 联立①②求得题图10-1解图10-1d7210C C q -=-⨯7110C B q -=-⨯(2) A 板的电势00222C C A AC AC q d d d U U E S σεε ==⋅=⋅=⋅ 733412210210 2.2610(V)200108.8510----⨯=⨯⨯=⨯⨯⨯⨯ 10-2 如题图10-2所示,平行板电容器充电后,A 和B 极板上的面电荷密度分别为σ+和σ-,设P 为两极板间任意一点,略去边缘效应,求:(1)A ,B 板上的电荷分别在P 点产生的场强A E ,B E;(2)A ,B 板上的电荷在P 点产生的合场强E;(3) 拿走B 板后P 点处的场强E '。
分析:运用无限大均匀带电平板在空间产生的场强表达式及场强叠加原理求解。
川师大学物理第十章 静电场中的导体和电介质习题解
第十章 静电场中的导体和电介质10–1 如图10-1所示,有两块平行无限大导体平板,两板间距远小于平板的线度,设板面积为S ,两板分别带正电Q a 和Q b ,每板表面电荷面密度σ1= ,σ2= ,σ3= ,σ4= 。
解:建立如图10-2所示坐标系,设两导体平板上的面电荷密度分别为σ1,σ2,σ3,σ4。
由电荷守恒定律得12a S S Q σσ+= (1)34b S S Q σσ+= (2)设P ,Q 是分别位于二导体板内的两点,如图10-2所示,由于P ,Q 位于导板内,由静电平衡条件知,其场强为零,即3124000002222P E σσσσεεεε=---= (3)3124000002222Q E σσσσεεεε=++-= (4) 由方程(1)~(4)式得142abQ Q Sσσ+== (5) 232a bQ Q Sσσ-=-= (6) 由此可见,金属平板在相向的两面上(面2,3),带等量异号电荷,背向的两面上(面1,4),带等量同号电荷。
10–2 如图10-3所示,在半径为R 的金属球外距球心为a 的D 处放置点电荷+Q ,球内一点P 到球心的距离为r ,OP 与OD 夹角为θ,感应电荷在P 点产生的场强大小为 ,方向 ;P 点的电势为 。
解:(1)由于点电荷+Q 的存在,在金属球外表面将感应出等量的正负电荷,距+Q 的近端金属球外表面带负电,远端带正电,如图10-4所示。
P 点的场强是点电荷+Q 在P 点产生的场强E 1,与感应电荷在P 点产生的场强E 2的叠加,即E P =E 1+E 2,当静电平衡时,E P =E 1+E 2=0,由此可得21r 2204π(2cos )Qa r ar εθ=-=-+-E E e其中e r 是由D 指向P 点。
因此,感应电荷在P 点产生的场强E 2的大小为图10–4xσ2 4σQQ aQ b 图10-2σ1σ2 σ4σ3 Q a Q b图10-1图10-322204π(2cos )QE a r ar εθ=+-方向是从P 点指向D 点。
大学物理学 第10章_静电场 习题解答 [王玉国 康山林 赵宝群]
q 6 0 q ;如果它包含 q 所在 24 0
2 2
对于边长 a 的正方形,如果它不包含 q 所在的顶点,则 e 顶点则 e 0 .
(3) 因为通过半径为 R 的圆平面的电通量等于通过半径为 R x 的球冠面的电通 量,而球冠面积*
S 2π( R 2 x 2 )[1
P R q r P'
2q a O a 3q a
+Q q a
R
d
∞
题 10-10 图
题 10-11 图
题 10-12 图
10-12 如图所示.试验电荷 q , 在点电荷 Q 产生的电场中,沿半径为 R 的整个圆弧 的 3/4 圆弧轨道由 a 点移到 d 点的过程中电场力做功多大?从 d 点移到无穷远处的过程中, 电场力做功为多少? 解:因为在点电荷 Q 产生的电场中, U a U d 。故试验电荷 q 在点电荷 Q 产生的电 场中, 沿半径为 R 的整个圆弧的 3/4 圆弧轨道由 a 点移到 d 点的过程中电场力做功 Aad 0 ; 从 d 点移到无穷远处的过程中,电场力做功为
q0 2.0 105 C .试求该点电荷所受的电场力。
点电荷所在处产生场强为: d E
dx
4 0 d x
2 l
。整个杆上电荷在该点的场强为:
E
4 0
d x
0
dxLeabharlann 2l4 0 d d l
点电荷 q0 所受的电场力大小为:
F
方向:沿 x 轴负向
A q U d U qU d
[或另解: A
qQ 4 0 R
]
R
qE d r
高中物理第10章静电场中的能量1电势能和电势练习含解析新人教版必修第三册
电势能和电势课后训练巩固提升双基巩固学考突破1.下列关于电势高低的判断,正确的是()A.负电荷从A移到B时,静电力做正功,A点的电势一定较高B.负电荷从A移到B时,电势能增加,A点的电势一定较低C.正电荷从A移到B时,电势能增加,A点的电势一定较高D.正电荷只在静电力作用下从静止开始,由A移到B,A点的电势一定较高,不管是正电荷还是负电荷,只要静电力做正功,电势能就减少;只要静电力做负功,电势能就增加。
正、负电荷在电势高低不同的位置具有的电势能不同,正电荷在电势高处具有的电势能大;负电荷在电势低处具有的电势能大。
可以确定选项A、B、C错,D正确。
2.在静电场中,将一正电荷从a点移到b点,静电力做了负功,则()A.b点的电场强度一定比a点的大B.电场线方向一定从b指向aC.b点的电势一定比a点的高D.该电荷的动能一定减小,该电荷电势能增加,正电荷在电势高处电势能较大,C正确。
静电力做负功同时电荷可能还受其他力作用,总功不一定为负,由动能定理可知,动能不一定减小,D错误。
电势高低与电场强度大小无必然联系,A错误。
b点电势高于a点,但a、b可能不在同一条电场线上,B错误。
3.在电场中把电荷量为4×10-9C的正电荷从A点移到B点,克服静电力做功6×10-8J,下列说法正确的是()A.电荷在B点具有的电势能是6×10-8 JB.B点的电势是15 VC.电荷的电势能增加了6×10-8 JD.电荷的电势能减少了6×10-8 J,不能确定电场中各点电势和电势能的具体值,A、B错误。
克服静电力做了多少功,电荷的电势能就增加多少,D错误,C正确。
4.下图为某一电场的电场线,M、N、P为电场线上的三个点,M、N是同一电场线上两点。
下列判断正确的是()A.M、N、P三点中N点的电场强度最大B.M、N、P三点中N点的电势最高C.负电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D.正电荷从M点自由释放,电荷将沿电场线运动到N点,培养科学思维。
新教材高中物理第10章静电场中的能量1
1.电势能和电势1.知道静电力做功与路径无关。
2.理解静电力做功与电势能变化的关系,理解电势能的概念,认识电势能的相对性。
3.知道电势的定义及其定义式、单位,能根据电场线判断电势高低。
一、静电力做功的特点101起始位置和02终止位置有关,与电荷经过的路径03无关。
2.在匀强电场中静电力所做的功W04qEL cosθ,其中θ为静电力与电荷位移L间的夹角。
二、电势能101电场中具有的势能,用E p表示。
2.静电力做功与电势能变化的关系:如果用W AB表示电荷由A点运动到B点静电力所做的功,E p A和E p B分别表示电荷在A点和B点的电势能,它们之间的关系为W AB02E p A-E p B。
03减少;静电力做负功,电势能04增加。
305零势能位置时静电力所做的功。
4060的位置,通常把电荷在离场源电荷07无限远处或在08大地表面的电势能规定为0。
三、电势1.定义:电荷在电场中某一点的电势能与它的电荷量之比,叫作电场在这一点的电势。
2.定义式:φ01E p q。
302伏特,符号是V,1 V=1 J/C。
403降低。
5.特点(1)相对性:电场中各点电势的高低与所选取的零电势点的位置有关,常取离场源电荷04无限远处或05大地的电势为0。
(2)标矢性:在规定了零电势点之后,电场中各点的电势可以是06正值,也可以是07负值。
电势只有大小,没有方向,是个08标量。
(1)如图所示,电荷沿直线AB、折线ACB、曲线AB运动,静电力做的功为多少?静电力做功与路径是否有关?若B点为零势能点,则+q在A点的电势能为多少?提示:静电力做功为W=qEd,与路径无关。
+q在A点的电势能为E p=qEd。
(2)某静电场的电场线分布如图所示,试比较图中P、Q两点的电场强度的大小及电势的高低。
提示:根据电场线的疏密可判断P点场强大于Q点场强;由于沿着电场线的方向电势逐渐降低,P点电势高于Q点电势。
(1)静电力做功与重力做功相似,均与路径无关。
2020-2021学年新教材高中物理 第十章 静电场中的能量 1 电势能和电势课时作业(含解析)新人
电势能和电势限时:45分钟一、单项选择题 1.如图所示,实线表示某静电场的电场线,虚线表示该电场的等势面.下列判断正确的是( D )A .1、2两点的电场强度相等B .1、3两点的电场强度相等C .1、2两点的电势相等D .2、3两点的电势相等解析:根据电场线的疏密程度判断电场强度,电场线越密,电场强度越强,则E 1>E 2,E 1>E 3,所以选项A 、B 错误;同一等势面上的电势是相等的,选项C 错误,选项D 正确.2.在点电荷Q 形成的电场中有一点A ,当一个-q 的试探电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时,电场力做的功为W ,则试探电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为( A )A .E p A =-W ,φA =W /qB .E p A =W ,φA =-W /qC .E p A =W ,φA =W /qD .E p A =-W ,φA =-W /q解析:由W =-E p A ,可得:E p A =-W ,由φ=E p q 得:φA =E p A q A =-W -q =W q.故只有A 正确. 3.如图所示,实线为不知方向的3条电场线,从电场中M 点以相同速度垂直于电场线方向飞出a 、b 两个带电粒子,仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示.则( C )A .a 一定带正电,b 一定带负电B.a的速度将减小,b的速度将增加C.a的加速度将减小,b的加速度将增加D.两个粒子的动能,一个增加一个减小解析:设电场线为正点电荷的电场线,则由轨迹可判定a带正电,b带负电;若电场线为负点电荷的电场线,则a带负电,b带正电,A错.由粒子的偏转轨迹可知电场力对a、b 均做正功,动能增加,B、D错;但由电场线的疏密可判定,a受电场力逐渐减小,加速度减小,b正好相反,故选项C正确.4.三个点电荷电场的电场线分布如图所示,图中a、b两点处的场强大小分别为E a、E b,电势分别为φa、φb,则( C )A.E a>E b,φa>φb B.E a<E b,φa<φbC.E a>E b,φa<φb D.E a<E b,φa>φb解析:根据电场线的疏密表示场强的大小可知:E a>E b;根据顺着电场线电势越来越低的规律可知:φa<φb,C正确.5.a和b为电场中的两个点,如果把q=-2×10-8 C的负电荷从a点移动到b点,电场力对该电荷做了4×10-7 J的正功,则该电荷的电势能( C )A.增加了4×10-7 J B.增加了2×10-8 JC.减少了4×10-7 J D.减少了8×10-15 J解析:电场力做正功电势能减小,而且W=-ΔE,即C选项正确.6.a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点,∠abc=120°.现将三个等量的正点电荷+Q分别固定在a 、b 、c 三个顶点上,将一个电量为+q 的点电荷依次放在菱形中心点O 点和另一个顶点d 点处,两点相比( C )A .d 点电场强度的方向由d 指向OB .+q 在d 点所具有的电势能较大C .d 点的电势小于O 点的电势D .d 点的电场强度大于O 点的电场强度解析:由电场强度的叠加可知d 点场强方向由O 指向d ,A 错;由O 到d 合场强方向均沿Od ,故d 点电势小于O 点电势,+q 在O 点具有的电势能较大,B 错、C 对;三个点电荷在d 点产生的场强大小相等,叠加后E d =2k Q r 2,O 点场强E O =4kQ r2,E d <E O ,D 错. 7.两个固定的等量异号点电荷所产生电场的等势面如图中虚线所示,一带负电的粒子以某一速度从图中A 点沿图示方向进入电场在纸面内飞行,最后离开电场,粒子只受静电力作用,则粒子在电场中( C )A .做直线运动,电势能先变小后变大B .做直线运动,电势能先变大后变小C .做曲线运动,电势能先变小后变大D .做曲线运动,电势能先变大后变小解析:根据题中给出的等势面分布情况可以画出电场中电场线的分布情况,带负电的粒子受电场力作用将向上偏,做曲线运动,电场力对带电粒子先做正功,但带电粒子最终又离开电场,所以带电粒子从零势面进入电场最后又到无穷远处,又回到零等势面,所以带电粒子的动能不变,即电场力后做负功,电势能先减小后增大,故选项C 正确.二、多项选择题8.某电场的电场线分布如图所示,以下说法正确的是( BD )A .c 点场强大于b 点场强B .a 点电势高于b 点电势C .若将一试探电荷+q 由a 点释放,它将沿电场线运动到b 点D .若在d 点再固定一点电荷-Q ,将一试探电荷+q 由a 移至b 的过程中,电势能减小 解析:电场线疏密表示电场强度的大小,则E b >E c ,因此A 选项错;沿电场线方向,电势逐渐降低,则φa >φb ,因此B 选项正确;由力与运动关系可知C 选项错;在d 点再固定一点电荷-Q ,将正电荷由a 移至b 的过程中,电场力做正功,电势能减小,则D 选项正确. 9.如图所示,在x 轴上相距为L 的两点固定两个等量异种点电荷+Q 、-Q ,虚线是以+Q 所在点为圆心、L2为半径的圆,a 、b 、c 、d 是圆上的四个点,其中a 、c 两点在x 轴上,b 、d 两点关于x 轴对称.下列判断正确的是( ABD )A .b 、d 两点处的电势相同B .四个点中c 点处的电势最低C .b 、d 两点处的电场强度相同D .将一试探电荷+q 沿圆周由a 点移至c 点,+q 的电势能减小解析:根据等量异种点电荷电场线及等势线的分布可知b 、d 两点电势相同,电场强度大小相等、方向不同,选项A 对,C 错.c 点电势为0,由a 经b 到c ,电势越来越低,正电荷由a 经b 到c 电势能越来越小,选项B 、D 对.10.图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线.两粒子M 、N 质量相等,所带电荷的绝对值也相等.现将M 、N 从虚线上的O 点以相同速率射出,两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示.点a 、b 、c 为实线与虚线的交点,已知O 点电势高于c点.若不计重力,则( BD )A.M带负电荷,N带正电荷B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C.N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D.M在从O点运动至b点的过程中,电场力对它做的功等于零解析:由O点电势高于c点电势知,场强方向垂直虚线向下,由两粒子运动轨迹的弯曲方向知N粒子所受电场力方向向上,M粒子所受电场力方向向下,故M粒子带正电、N粒子带负电,A错误.N粒子从O点运动到a点,电场力做正功.M粒子从O点运动到c点电场力也做正功.因为U aO=U Oc,且M、N粒子质量相等,电荷的绝对值相等,由动能定理易知B 正确.因O点电势低于a点电势,且N粒子带负电,故N粒子运动中电势能减少,电场力做正功,C错误.O、b两点位于同一等势线上,D正确.三、非选择题11.将带电荷量为6×10-6C的负电荷从电场中的A点移到B点,克服电场力做功为3×10-5 J,再从B点移到C点,电场力做功为1.2×10-5 J,求:(1)电荷从A移到B,再从B移到C的过程中,电势能共改变了多少?(2)若规定A点电势为零,则该电荷在B点和C点的电势能分别为多少?(3)若规定B点电势为零,则该电荷在A点和C点的电势能分别为多少?答案:(1)1.8×10-5 J (2)3×10-5 J 1.8×10-5 J(3)-3×10-5 J -1.2×10-5 J解析:(1)电荷从A到B点的过程电势能增加ΔE p1=3×10-5 J再从B点移到C点时,电势能减少ΔE p2=1.2×10-5 J则电荷从A移到C的过程中电势能增加了ΔE=ΔE p1-ΔE p2=3×10-5 J-1.2×10-5 J=1.8×10-5 J.(2)若规定A点电势为零,则E p B=0+ΔE p1=3×10-5 JE p C=0+ΔE=1.8×10-5 J.(3)若规定B点电势为零,则由A到B过程电势能增加3×10-5 J.ΔE p1=E p B-E p AE p A=E p B-ΔE p1=0-3×10-5 J=-3×10-5 J电荷由B到C时电势能减少ΔE p2=1.2×10-5 J,则ΔE p2=-(E p C-E p B)=E p B-E p CE p C=E p B-ΔE p2=0-1.2×10-5 J=-1.2×10-5 J.12.如图所示,在竖直平面内,光滑绝缘直杆AC 与半径为R 的圆周交于B 、C 两点,在圆心处有一固定的正点电荷,B 点为AC 的中点,C 点位于圆周的最低点.现有一质量为m 、电荷量为-q 、套在杆上的带负电小球(可视为质点)从A 点由静止开始沿杆下滑.已知重力加速度为g ,A 点距过C 点的水平面的竖直高度为3R ,小球滑到B 点时的速度大小为2gR .求:(1)小球滑至C 点时的速度大小;(2)若以C 点作为参考点(零电势点),试确定A 点的电势.答案:(1)7gR (2)-mgR 2q解析:(1)因为B 、C 两点电势相等,故小球从B 到C 的过程中电场力做的总功为零,由几何关系可得BC 的竖直高度h BC =3R 2根据动能定理有mg ×3R 2=mv 2C 2-mv 2B 2解得v C =7gR .(2)小球从A 到C ,重力和电场力均做正功,所以由动能定理有mg ×3R +W 电=mv 2C 2又根据电场力做功与电势能的关系得 W 电=E p A -E p C =-qφA -(-qφC )又因为φC =0可得φA =-mgR 2q.。
大学物理-静电场(一)(带答案)
一、库仑定律和电场力1.关于摩擦一物体后,物体呈现正电性的一种解释是:在摩擦过程中,[ ]A.物体获得了中子。
B.物体获得了质子。
C.物体失去了电子。
D.物体失去了中子。
【答案】:C2.两条平行的无限长直均匀带电线,相距为d,线电荷密度分别为±λ,若已知一无限长均匀带电直线的场强分布为λ2πε0r方向垂直于带电直线,则其中一带电直线上的单位长度电荷受到另一带电直线的静电作用力大小为[ ]A.λ24πε0d2B.λ24πε0dC.λ22πε0d2D.λ22πε0d【答案】:D3.关于电荷与电场,有下列几种说法,其中正确的是[]A.点电荷的附近空间一定存在电场;B.电荷间的相互作用与电场无关;C.若电荷在电场中某点受到的电场力很大,则表明该点的电场强度一定很大;D.在某一点电荷附近的任一点,若没放试验电荷,则该点的电场强度为零。
【答案】:A4. 两个静止不动的点电荷的带电总量为2q,为使它们间的排斥力最大,各自所带的电荷量分别为[]A.q2,3q 2B.q3,5q 3C.q,qD.−q2,5q 2【答案】:C5.关于电场力和电场强度,有下列几种说法,其中正确的是[]A.静电场的库仑力的叠加原理和电场强度的叠加原理彼此独立、没有联系;B.两静止点电荷之间的相互作用力遵守牛顿第三定律;C.在以点电荷为中心的球面上,由该点电荷所产生的电场强度处处相同;D.以上说法都不正确。
【答案】:B6.—点电荷对放在相距d处的另一个点电荷的作用力为F,若两点电荷之间的距离减小一半,此时它们之间的静电力为[ ]A.4FB.2FC.0.5FD.0.25F【答案】:A7.如图所示为一竖直放置的无穷大平板,其上均匀分布着面电荷密度为σ的正电荷,周围激发的电场强度大小为σ2ε0,方向沿水平方向向外且垂直于平板。
在其附近有一水平放置的、长度为l的均匀带电直线,直线与平板垂直,其线电荷密度为λ,则该带电直线所受到的电场力大小为[ ]A.σλ2πε0ln lB.σλ2ε0ln lC.σλl2πε0D.σλl2ε0【答案】:D8.质量为m、电荷为-e的电子以圆轨道绕静止的氢原子核旋转,其轨道半径为r,旋转频率为γ,动能为E,则下列几种关系中正确的是[]A.E=e8πε0rB.γ2=32ε02E3me4C.E=e 24πε0rD.γ2=32ε0E3me2【答案】:B9.电偶极子在非均匀电场中的运动状态[ ]A.只可能有转动运动;B.不可能有转动运动;C.只可能有平动运动;D.既可能有转动运动,也可能有平动运动。
大学物理第十章课后习题答案
并联: q = q1 + q2 , U = U1 = U 2 , C =
q q1 q2 = + = C1 + C2 。 U U U
6. 答:导体静电感应时会在导体表面出现感应电荷,电解质极化时在介质表面 出现极化电荷,是两种不同的电荷,静电平衡时导体内部场强为零,电解质极化 时内部场强不为零。 三、 计算 1. 证明:如图所示,设四个面上的电荷面密度分别为 σ 1 、 σ 2 、 σ 3 、 � σ 4 ,在 A 板内取一点 P1 ,设 en 是向右的单位法向矢量, 四个无限大
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第十章 静电场中的导体和电介质 参考答案
一、 填空 1. 2. 3. 4. 5. 6. 7. 8. 导体、电介质、半导体。 自由电子,晶体点阵。 零,静电平衡,等势体,等势面。 无,表面。 电荷,大,小。 静电屏蔽。 电容,容纳电荷。 无极,有极,位移,取向。
R 2 , 其间有两层均匀电介质,分界面的半径为 r,内
层电介质的相对介电常数 ε r 1 , 外层电介质的相对介电常数为 ε r 2 。 (1) 求电容 C . (2) 当内球带电 − Q 时,求各介质表面的极化电荷面密度 σ ′ 。 21. 一平行板电容器有两层电介质,介电常数 ε r 1 =4, ε r 2 =2 ,厚度 d1=2mm ,
40rr13用一导线把球和球壳连在一起后球和球壳内壁的电量为0导体球外壁的电荷为qq导体球和球壳的电势相等根据电势的叠加原理有u1u24若将外球接地则球壳外壁的电荷量为0根据电势的叠加原理导体球球心o处的电势为
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一、 填空 1. 根据物质的导电性,可将物质分为 、 和 。 2. 从 物质 的 电结 构 来看 , 金属 导 体具 有 带负 电 的 和 带正 电 的 。 3. 导 体处 于静 电平 衡时 ,导 体内 部各 点 的场 强为 , 这称 为导 体的 条件。静电平衡下的导体是 ,导体的表面是 。 4. 导体处于静电平衡状态时,导体内处处 (填“有”或“无” )净余电荷, 电荷只能分布在导体的 上。 5. 对于孤立导体而言,表面上 的分布与表面曲率有关,表面曲率越大, 电荷面密度越 ,反之越 。 6. 空腔导体内部电场不受腔外电场的影响,接地导体空腔外部的电场不受腔内 电荷的影响,这种隔离作用称为 。 7. 孤立导体的 是指使导体升高单位电势所需的电荷,反映了导体 的性质。 8. 根据分子中正、 负电荷中心的分布, 可将电介质分为 分子和 分 子。将两类电介质放入电场中将分别发生 极化和 极化。 二、 简答 1. 2. 3. 4. 5. 6. 简述导体静电平衡的条件及特点。 简述静电屏蔽。 简述处于静电平衡的空腔导体,空腔内场强处处为零。 简述孤立导体的电容的计算公式及物理意义。 分别推导两个电容器串联和并联后的总电容的计算公式。 电介质的极化现象和导体的静电感应现象两者有什么区别?
大学物理下册第10章课后题答案
习题10-3图第10章 静电场中的导体和电介质习 题一 选择题10-1当一个带电导体达到静电平衡时,[ ] (A) 表面上电荷密度较大处电势较高 (B) 表面曲率较大处电势较高(C) 导体内部的电势比导体表面的电势高(D) 导体内任一点与其表面上任一点的电势差等于零 答案:D解析:处于静电平衡的导体是一个等势体,表面是一个等势面,并且导体内部与表面的电势相等。
10-2将一个带正电的带电体A 从远处移到一个不带电的导体B 附近,导体B 的电势将[ ](A) 升高 (B)降低 (C)不会发生变化 (D)无法确定 答案:A解析:不带电的导体B 相对无穷远处为零电势。
由于带正电的带电体A 移到不带电的导体B 附近的近端感应负电荷;在远端感应正电荷,不带电导体的电势将高于无穷远处,因而正确答案为(A )。
10-3将一带负电的物体M 靠近一不带电的导体N ,在N 的左端感应出正电荷,右端感应出负电荷。
若将导体N 的左端接地(如图10-3所示),则[ ](A) N 上的负电荷入地 (B) N 上的正电荷入地 (C) N 上的所有电荷入地 (D) N 上所有的感应电荷入地 答案:A解析:带负电的带电体M移到不带电的导体N附近的近端感应正电荷;在远端感应负电荷,不带电导体的电势将低于无穷远处,因此导体N的电势小于0,即小于大地的电势,因而大地的正电荷将流入导体N,或导体N的负电荷入地。
故正确答案为(A)。
10-4 如图10-4所示,将一个电荷量为q电的导体球附近,点电荷距导体球球心为d。
设无穷远处为零电势,则在导体球球心O点有[ ](A)0E,4πε=qVd(B)24πε=qEd,4πε=qVd(C) 0E,0V(D)24πε=qEd,4πε=qVR答案:A解析:导体球处于静电平衡状态,导体球内部电场强度为零,因此0E。
导体球球心O点的电势为点电荷q及感应电荷所产生的电势叠加。
感应电荷分布于导体球表面,至球心O的距离皆为半径R,并且感应电荷量代数和q∑为0,因此4qVRπε==∑感应电荷。
第10章 静电场习题解答
习题解答10-1 A 球内1q 所在空腔表面感应电荷1q -,均匀分布在空腔表面;2q 所在空腔表面感应电荷2q -,均匀分布在空腔表面;球外表面感应电荷21q q +,均匀分布在外表面。
1q ,2q ,q 各受力:021==q q F F2021π4)(r qq q F q ε+=10-2 以地球表面为高斯面,应用高斯定理:211π4d ε地q R E E =-=⋅⎰S E得021π4εE R E q =-地(1) 以大气层外表面为高斯面,同理211()π(4d ε)气地q q h RE E+=+-=⋅⎰S E所以220)(π4h R E q q E +-=+ε气地 (2)将已知数据代入(1)(2)得)1037.6(6m R E ⨯=:5105.4⨯-=地q (库仑) 51037.3⨯=气q (库仑)13331043.4π34)π34-⨯=-+==EE R h R q V q (气气气气ρ( 库仑/米3) 102108.8π4-⨯-==ER q 地地σ(库仑/米2) 10-3 取电荷元ϕϕλϕλd cos d d 0R R q == 电荷元产生的电场强度大小为RR q E 0020π4d cos π4d d εϕϕλε==RE E x 020π4d cos cos d d εϕϕλϕ-=-= RE E y 00π4d cos sin sin d d εϕϕϕλϕ-=-=R R E E x x 00π200204π4d cos d ελεϕϕλ-=-==⎰⎰0π4d cos sin d π2000=-==⎰⎰RE E y y εϕϕϕλ所以圆环中心处场强i E R004ελ-=10-4 设半球半径为R ,将半球看作是由许多无限窄的环带组成,每一环带可视为小圆环,小圆环带电量为θσd π2d rR q =小圆环在球心O 处产生的场强为20202d cos sin cos π4d sin π2cos π4d d εθθθσθεθθσθε===R R R R q E 每小圆环产生的E d 方向都沿y 轴负方向,所以2π04d cos sin 2d εσθθθεσ===⎰⎰E E j E 04εσ-= 10-5 (1)半径为R 的均匀带电原板在其中心处的场强为零。
人教版高二物理必修第三册第10章 静电场中的能量练习含答案
(新教材)人教高中物理必修第三册第10章静电场中的能量练习含答案(新教材)必修第三册第10章静电场中的能量1、在维护和检修高压供电线路时,为了不影响城市用电,电工经常要在高压线上带电作业。
为了保障电工的安全,电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服(如图所示)。
图乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上作业,其头顶上方有B 供电线,B供电线的电势高于A供电线的电势。
虚线表示电工周围某一截面上的等差等势面,c、d、e、f是不同等势面上的四个点,以下说法正确的是()A.在c、d、e、f四点中,c点的电场强度最大B.在c、d、e、f四点中,f点的电势最高C.若将某电子由c移到f,其电势能将增大D.将某电子在d点由静止释放,它会向e点所在等势面运动2、如图所示,图中实线表示一匀强电场的电场线,一带负电荷的粒子射入电场,虚线是它的运动轨迹,a、b是轨迹上的两点,若粒子所受重力不计,那么正确的判断是()A.电场线方向向下B.粒子一定从a点运动到b点C.a点电势比b点电势高D.粒子在a点的电势能大于在b点的电势能3、(双选)在静电场中,将一电子从A点移至B点,静电力做功5 eV,则下列结论正确的是()A.A、B两点间的电势差是5 VB.A、B两点间的电势差是-5 VC.电子的电势能增加了5 eVD.电子的电势能减少了5 eV4、如图所示,充电的平行板电容器两板间形成匀强电场,以A点为坐标原点,AB方向为位移x的正方向,能正确反映电势φ随位移x变化的图像是()5、传感器在各种领域中有着广泛应用,是自动控制设备中不可缺少的元件。
如图所示为几种电容式传感器,其中通过改变电容器极板间距而引起电容变化的是()6、如图所示,一平行板电容器中存在匀强电场,电场沿竖直方向。
两个比荷(即粒子的电荷量与质量之比)不同的带正电的粒子a和b,从电容器的P点以相同的水平速度射入两平行板之间。
测得a和b与电容器极板的撞击点到入射点之间的水平距离之比为1∶2。
真空中的静电场(含答案,大学物理作业,考研真题)
班级:
姓名:
学号:
第十章 真空中的静电场(3)
一 、选择题 1、静电场中某点电势的数值等于 (A)正试验电荷 q0 置于该点时具有的电势能; (B) 把正试验电荷 q0 从该点移到电势零点处电场力所作的功; (C) 把单位正电荷从该点移到电势零点处电场力所作的功
(D)把单位正电荷从该点移到电势零点处外力所作的功。
P(x,0) xx
[
]
3、(2010 年北京科技大学)两个带有等量同号电荷,形状相同的金属小球1和2,相互
作用力为 F,它们之间的距离远大于小球本身直径.现在用一个带有绝缘柄的原来不带电的相
同金属小球3去和小球1接触,再和小球2接触,然后移去.这样小球1和2之间的作用力变
为:
(A) F/2;
(B) F/4;
S1
S2
S3
3、(2012 年北京科技大学)两个平行的“无限大”均
+σ +2σ
匀带电平面,其电荷面密度分别为 和 2 ,如图所示,则 A、
B、C 三个区域的电场强度分别为:
EA
EB
A
B
C
EC
3
三 、计算题 1、两个无限长同轴圆柱面,半径分别为 R1 和 R2(R2>R1),带有等值异号电荷,每单位长 度的电量为λ(即电荷线密度)。试分别求(1)r < R1,(2)r > R2,(3)R1< r<R2 时,离轴线 为 r 处之电场强度。
若将 q 移至 B 点,则:
(A)、S 面上的总电通量改变,P 点的场强不变; (B)、S 面上的总电通量不变,P 点的场强改变;
P· S B·
q·
(C)、S 面上的总电通量和 P 点的场强都不变; (D)、S 面上的总电通量和 P 点的场强都改变。
第十章_电荷和静电场课后习题答案
第十章电荷和静电场10-1当用带电玻璃棒吸引干燥软木屑时,会发现软木屑一接触到玻璃棒后又很快跳离。
试解释之。
答:先极化接触后电荷一部分转移至软木屑,后同性电荷相斥。
10-2当带正电的玻璃棒吸引一个悬挂的干燥软木小球时,我们是否可以断定软木小球带有负电荷?当带正电的玻璃棒排斥一个悬挂的干燥软木小球时,我们是否可以断定软木小球带有正电荷?答:不能。
①软木小球可能带电荷为零,也可能带有负电荷。
②可以10-3两个相同的小球质量都是,并带有等量同号电荷,各用长为的丝线悬挂于同一点。
由于电荷的斥力作用,使小球处于题图所示的位置。
如果角很小,试证明两个小球的间距可近似地表示为:证:由库仑定律得:而:∵角很小∴故:即得:证毕10-4 在上题中,如果l = 120 cm,m = 0.010 kg,x = 5.0 cm,问每个小球所带的电量q为多大?解:由上题得:10-5 氢原子由一个质子和一个电子组成。
根据经典模型,在正常状态下,电子绕核作圆周运动,轨道半径是。
质子的质量,电子的质量,它们的电量为。
(1)求电子所受的库仑力;(2)电子所受库仑力是质子对它的万有引力的多少倍?(3)求电子绕核运动的速率。
解:⑴⑵⑶∴10-6 边长为a的立方体,每一个顶角上放一个电荷q。
解:由对称性可知,任一顶角的电荷所受合力的大小是相等的。
如图示,求其中任一顶点A上电荷所受的力。
建立直角坐标系∴与x轴夹角为与y轴夹角为与z轴夹角为即:合力的方向为立方体的对角先方向=54.73°=54°44′=10-7 计算一个直径为1.56 cm的铜球所包含的正电荷电量。
解:(注:铜的密度,原子序数为29,原子量)10-8 一个带正电的小球用长丝线悬挂着。
如果要测量与该电荷处于同一水平面内某点的电场强度E,我们就把一个带正电的试探电荷引入该点,测定F/q0。
问是小于、等于还是大于该点的电场强度E?答:若考虑电荷在电场力的作用下会在小球内产生移动(如图所示)同性相斥,则由于试探电荷的引入,则该点的电场强度比要大。
第10章 静电场-1作业答案
§10.2 电场 电场强度一.选择题和填空题1. 下列几个说法中哪一个是正确的?(A )电场中某点场强的方向,就是将点电荷放在该点所受电场力的方向.(B )在以点电荷为中心的球面上, 由该点电荷所产生的场强处处相同.(C) 场强可由q F E / =定出,其中q 为试验电荷,q 可正、可负,F为 试验电荷所受的电场力.(D) 以上说法都不正确. [ C ]2. 如图所示,在坐标(a ,0)处放置一点电荷+q ,在坐标(-a ,0)处放置另一点电荷-q .P 点是x 轴上的一点,坐标为(x ,0).当x >>a 时,该点场强的大小为: (A) x q 04επ. (B) 30x qa επ.(C)302xqa επ. (D)204xq επ. [ B ]3. 两个平行的“无限大”均匀带电平面, 其电荷面密度分别为+σ和+2 σ,如图所示,则A 、B 、C 三个区域的电场强度分别为:E A =-3σ / (2ε0)_,E B =_-σ / (2ε0) ,E C=_3σ / (2ε0)_ (设方向向右为正).4.d (d<<R)q ,如图所示.则圆心O 处的场强大小E =()30220824Rqd d R Rqdεεπ≈-ππ,场强方向为_____从O 点指向缺口中心点_________________.二.计算题1. 如图所示,真空中一长为L 的均匀带电细直杆,总电荷为q ,试求在直杆延长线上距杆的一端距离为d 的P 点的电场强度.1、解:设杆的左端为坐标原点O ,x 轴沿直杆方向.带电直杆的电荷线密度为λ=q / L ,在x 处取一电荷元d q =λd x = q d x / L ,它在P 点的场强:()204d d x d L q E -+π=ε()204d x d L L xq -+π=ε 总场强为 ⎰+π=L x d L x L q E 020)(d 4-ε()d L d q +π=04ε 方向沿x 轴,即杆的延长线方向.+σ +2σA B CLPd EO2.一环形薄片由细绳悬吊着,环的外半径为R ,内半径为R /2,并有电荷Q 均匀分布在环面上.细绳长3R ,也有电荷Q 均匀分布在绳上,如图所示,试求圆环中心O 处的电场强度(圆环中心在细绳延长线上).解:先计算细绳上的电荷在O 点产生的场强.选细绳顶端作坐标原点O ,x 轴向下为正.在x 处取一电荷元d q = λd x = Q d x /(3R )它在环心处的场强为 ()20144d d x R qE -π=ε ()20412d x R R x Q -π=ε整个细绳上的电荷在环心处的场强 ()203020116412RQ x R dxRQ E Rεεπ=-π=⎰圆环上的电荷分布对环心对称,它在环心处的场强E 2=0 由此,合场强i RQ i E E 20116επ==方向竖直向下.三.理论推导与证明题一半径为R 的均匀带电圆环,总电荷为Q . 选x 轴沿圆环轴线, 原点在环心. 证明其轴线上任一点的场强为:()2/3224xRQxE +=πε并说明在什么条件下, 带电圆环可作为点电荷处理.证:选环心作原点,x 轴沿圆环轴线方向,y 、z 轴如图所示.在环上任取一电荷元d q =(Q d θ) / (2π),设P 点位于x 处,从电荷元d q 到P 点的矢径为r,它在P 点产生的场强为r rQ rr qE ˆ8d ˆ4d d 20220εθεπ=π=r ˆ为矢径r方向上的单位矢量.d E 沿x 轴的分量为d E x =d E cos φ (φ为矢径r 与x 轴正向夹角) 由对称性容易证明 E y =0 E z =0 因而有 E =E x 20202024cos d 8cos rQ rQ εφθεθππ=π=⎰()2/32204xR Qx+π=ε 当x >>R 时,可得 E ≈Q / (4πε0x 2)这相当于一个位于原点O 的带电量为Q 的点电荷在P 点产生的场强.R3x x§10.3 电通量 高斯定理一. 选择题和填空题1.一电场强度为E 的均匀电场,E的方向与沿x 轴正向,如图所示.则通过图中一半径为R 的半球面的电场强度通量为(A) πR 2E . (B) πR 2E / 2. (C) 2πR 2E . (D) 0. [ D ]2. 两个同心均匀带电球面,半径分别为R a 和R b (R a <R b ), 所带电荷分别为Q a 和Q b .设某点与球心相距r ,当R a <r <R b 时,该点的电场强度的大小为:(A)241rQ Q ba +⋅πε. (B)241rQ Q ba -⋅πε.(C)⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+⋅π22041b b a R Q r Q ε. (D) 2041r Q a ⋅πε. [ D ] 3. 根据高斯定理的数学表达式⎰∑⋅=Sq S E 0/d ε可知下述各种说法中,正确的是:(A) 闭合面内的电荷代数和为零时,闭合面上各点场强一定为零. (B) 闭合面内的电荷代数和不为零时,闭合面上各点场强一定处处不为零. (C) 闭合面内的电荷代数和为零时,闭合面上各点场强不一定处处为零.(D) 闭合面上各点场强均为零时,闭合面内一定处处无电荷. [ C ]4. 图示为一具有球对称性分布的静电场的E ~r 关系曲线.请指出该静电场是由下列哪种带电体产生的. (A) 半径为R 的均匀带电球面.(B) 半径为R 的均匀带电球体.(C) 半径为R 的、电荷体密度为ρ=A r (A 为常数)的非均匀带电球体. (D) 半径为R 的、电荷体密度为ρ=A/r (A 为常数)的非均匀带电球体 . [ B ]5. 如图所示,在边长为a 的正方形平面的中垂线上,距中心O点a /2处,有一电荷为q 的正点电荷,则通过该平面的电场强度通量为q/(6ε0) .6. 一半径为R 的均匀带电球面,其电荷面密度为σ(r表示从球心引出的矢径):()r E=(r <R ), ()r E(r >R ). 7. 有一个球形的橡皮膜气球,电荷q程中,被气球表面掠过的点(该点与球中心距离为r ),其电场强度的大小将由204rq επ变为__0.EEq二. 计算题1.一半径为R 的带电球体,其电荷体密度分布为 ρ =Ar (r ≤R ) , ρ =0 (r >R ) A 为一常量.试求球体内外的场强分布.解:在球内取半径为r 、厚为d r 的薄球壳,该壳内所包含的电荷为r r Ar V q d 4d d 2π⋅==ρ在半径为r 的球面内包含的总电荷为43d 4Ar r Ar dV q rVπ=π==⎰⎰ρ (r ≤R)以该球面为高斯面,按高斯定理有 0421/4εAr r E π=π⋅得到 ()0214/εAr E =, (r ≤R )方向沿径向,A >0时向外, A <0时向里.在球体外作一半径为r 的同心高斯球面,按高斯定理有 0422/4εAR r E π=π⋅得到 ()20424/r AR E ε=, (r >R ) 方向沿径向,A >0时向外,A <0时向里.2. 两个带有等量异号电荷的无限长同轴圆柱面,半径分别为1R 和2R (21R R <),单位长度上的电荷为λ。
第10章静电场自测题参考答案
第10章静电场自测题参考答案本页仅作为文档封面,使用时可以删除This document is for reference only-rar21year.March一、基础题1、电场中某点场强的方向,就是将点电荷放在该点所受电场力的方向。
(× )2、穿过某一个面的电力线条数就是通过该面的电通量。
(√ )3、如果通过一个闭合面的电通量为零,则表示在该闭合面内没有净电荷。
(√ )4、高斯面处的电场是由面内的电荷产生的,与面外的电荷无关。
(× )5、导体空腔内部的电场是由空腔内的电荷和空腔内表面的电荷决定的,与空腔外表面及空腔外的电荷无关。
(√ )6、在边长为a 的正方形的四角,依次放置点电荷q 、2q 、4q -、2q ,则它的正中心的电场强度是2052qa πε 。
7、一半径为R 的带有一缺口的细圆环,缺口宽度为()d d R 环上均匀带正电, 总电量为q ,如图1所示,则圆心O 处的场强大小E = 2308qd Rπε ,场强方向为 由圆心指向缺口 。
8、半径为R 的均匀带电球体,其电荷密度为ρ,则在离球心距离为()d d R <的一点的电场强度大小为3dρε 。
9、有一边长为a 的正方形平面,在其中垂线上距中心O 点/2a 处,有一电量为Q 的正点电荷,则通过该平面的电场强度通量为( D )(A ) 4q/6 (B )q/4(C )q/30 (D )q/6010、图2示为一轴对称性静电场的E r 关系曲线,请指出该电场是由哪种带电体产生的(E 表示电场强度的大小,r 表示离对称轴的距离)( C )(A) “无限长”均匀带电直线;(B) 半径为R 的“无限长”均匀带电圆柱体; (C) 半径为R 的“无限长”均匀带电圆柱面; (D) 半径为R 的有限长均匀带电圆柱面.ORd图1AB Q图3ORrE ∝1/r 图211、导体A 接地方式如图3,导体B 带电为Q +,则导体( B ) (A) 带正电 (B) 带负电 (C) 不带电(D) 左边带正电,右边带负电12、如图4,设匀强电场的电场强度E 与半径为R 的半球面对称轴平行,试计算通过此半球面的电场强度通量。
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§10.2 电场 电场强度一.选择题和填空题1. 下列几个说法中哪一个是正确的?(A )电场中某点场强的方向,就是将点电荷放在该点所受电场力的方向.(B )在以点电荷为中心的球面上, 由该点电荷所产生的场强处处相同.(C) 场强可由q F E / =定出,其中q 为试验电荷,q 可正、可负,F为 试验电荷所受的电场力.(D) 以上说法都不正确. [ C ]2. 如图所示,在坐标(a ,0)处放置一点电荷+q ,在坐标(-a ,0)处放置另一点电荷-q .P 点是x 轴上的一点,坐标为(x ,0).当x >>a 时,该点场强的大小为: (A) x q 04επ. (B) 30x qa επ.(C)302xqa επ. (D)204xq επ. [ B ]3. 两个平行的“无限大”均匀带电平面, 其电荷面密度分别为+σ和+2 σ,如图所示,则A 、B 、C 三个区域的电场强度分别为:E A =-3σ / (2ε0)_,E B =_-σ / (2ε0) ,E C=_3σ / (2ε0)_ (设方向向右为正).4.d (d<<R)q ,如图所示.则圆心O 处的场强大小E =()30220824Rqd d R Rqdεεπ≈-ππ,场强方向为_____从O 点指向缺口中心点_________________.二.计算题1. 如图所示,真空中一长为L 的均匀带电细直杆,总电荷为q ,试求在直杆延长线上距杆的一端距离为d 的P 点的电场强度.1、解:设杆的左端为坐标原点O ,x 轴沿直杆方向.带电直杆的电荷线密度为λ=q / L ,在x 处取一电荷元d q =λd x = q d x / L ,它在P 点的场强:()204d d x d L q E -+π=ε()204d x d L L xq -+π=ε 总场强为 ⎰+π=L x d L x L q E 020)(d 4-ε()d L d q +π=04ε 方向沿x 轴,即杆的延长线方向.+σ +2σA B CLPd EO2.一环形薄片由细绳悬吊着,环的外半径为R ,内半径为R /2,并有电荷Q 均匀分布在环面上.细绳长3R ,也有电荷Q 均匀分布在绳上,如图所示,试求圆环中心O 处的电场强度(圆环中心在细绳延长线上).解:先计算细绳上的电荷在O 点产生的场强.选细绳顶端作坐标原点O ,x 轴向下为正.在x 处取一电荷元d q = λd x = Q d x /(3R )它在环心处的场强为 ()20144d d x R qE -π=ε ()20412d x R R x Q -π=ε整个细绳上的电荷在环心处的场强 ()203020116412RQ x R dxRQ E Rεεπ=-π=⎰圆环上的电荷分布对环心对称,它在环心处的场强E 2=0 由此,合场强i RQ i E E 20116επ==方向竖直向下.三.理论推导与证明题一半径为R 的均匀带电圆环,总电荷为Q . 选x 轴沿圆环轴线, 原点在环心. 证明其轴线上任一点的场强为:()2/3224xRQxE +=πε并说明在什么条件下, 带电圆环可作为点电荷处理.证:选环心作原点,x 轴沿圆环轴线方向,y 、z 轴如图所示.在环上任取一电荷元d q =(Q d θ) / (2π),设P 点位于x 处,从电荷元d q 到P 点的矢径为r,它在P 点产生的场强为r rQ rr qE ˆ8d ˆ4d d 20220εθεπ=π=r ˆ为矢径r方向上的单位矢量.d E 沿x 轴的分量为d E x =d E cos φ (φ为矢径r 与x 轴正向夹角) 由对称性容易证明 E y =0 E z =0 因而有 E =E x 20202024cos d 8cos rQ rQ εφθεθππ=π=⎰()2/32204xR Qx+π=ε 当x >>R 时,可得 E ≈Q / (4πε0x 2)这相当于一个位于原点O 的带电量为Q 的点电荷在P 点产生的场强.R3x x§10.3 电通量 高斯定理一. 选择题和填空题1.一电场强度为E 的均匀电场,E的方向与沿x 轴正向,如图所示.则通过图中一半径为R 的半球面的电场强度通量为(A) πR 2E . (B) πR 2E / 2. (C) 2πR 2E . (D) 0. [ D ]2. 两个同心均匀带电球面,半径分别为R a 和R b (R a <R b ), 所带电荷分别为Q a 和Q b .设某点与球心相距r ,当R a <r <R b 时,该点的电场强度的大小为:(A)241rQ Q ba +⋅πε. (B)241rQ Q ba -⋅πε.(C)⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+⋅π22041b b a R Q r Q ε. (D) 2041r Q a ⋅πε. [ D ] 3. 根据高斯定理的数学表达式⎰∑⋅=Sq S E 0/d ε可知下述各种说法中,正确的是:(A) 闭合面内的电荷代数和为零时,闭合面上各点场强一定为零. (B) 闭合面内的电荷代数和不为零时,闭合面上各点场强一定处处不为零. (C) 闭合面内的电荷代数和为零时,闭合面上各点场强不一定处处为零.(D) 闭合面上各点场强均为零时,闭合面内一定处处无电荷. [ C ]4. 图示为一具有球对称性分布的静电场的E ~r 关系曲线.请指出该静电场是由下列哪种带电体产生的. (A) 半径为R 的均匀带电球面.(B) 半径为R 的均匀带电球体.(C) 半径为R 的、电荷体密度为ρ=A r (A 为常数)的非均匀带电球体. (D) 半径为R 的、电荷体密度为ρ=A/r (A 为常数)的非均匀带电球体 . [ B ]5. 如图所示,在边长为a 的正方形平面的中垂线上,距中心O点a /2处,有一电荷为q 的正点电荷,则通过该平面的电场强度通量为q/(6ε0) .6. 一半径为R 的均匀带电球面,其电荷面密度为σ(r表示从球心引出的矢径):()r E=(r <R ), ()r E(r >R ). 7. 有一个球形的橡皮膜气球,电荷q程中,被气球表面掠过的点(该点与球中心距离为r ),其电场强度的大小将由204rq επ变为__0.EEq二. 计算题1.一半径为R 的带电球体,其电荷体密度分布为 ρ =Ar (r ≤R ) , ρ =0 (r >R ) A 为一常量.试求球体内外的场强分布.解:在球内取半径为r 、厚为d r 的薄球壳,该壳内所包含的电荷为r r Ar V q d 4d d 2π⋅==ρ在半径为r 的球面内包含的总电荷为43d 4Ar r Ar dV q rVπ=π==⎰⎰ρ (r ≤R)以该球面为高斯面,按高斯定理有 0421/4εAr r E π=π⋅得到 ()0214/εAr E =, (r ≤R )方向沿径向,A >0时向外, A <0时向里.在球体外作一半径为r 的同心高斯球面,按高斯定理有 0422/4εAR r E π=π⋅得到 ()20424/r AR E ε=, (r >R ) 方向沿径向,A >0时向外,A <0时向里.2. 两个带有等量异号电荷的无限长同轴圆柱面,半径分别为1R 和2R (21R R <),单位长度上的电荷为λ。
求离轴线为R 处的电场强度:(1)1R r <;(2)21R r R <<;(3)2R r >。
解:由高斯定理⎰=⋅Sq S d E 0/ε得 0/2επq rl E =⋅ rlq E 02πε=1R r < q=0, 01=E 21R r R <<,rE l q 022,πελλ==2R r >,0,0)(3==-=E l q λλ 所以 ⎪⎩⎪⎨⎧<<><=21021,2,,0R r R rR r R r E πελ3.一球体内均匀分布着电荷体密度为ρ的正电荷,若保持电荷分布不变,在该球体挖去半径为r 的一个小球体,球心为O ',两球心间距离d O O =',如图所示. 求:(1) 在球形空腔内,球心O '处的电场强度0E.(2) 在球体内P 点处的电场强度E.设O '、O 、P 三点在同一直径上,且d OP =.解:(补偿法)挖去电荷体密度为ρ 的小球,以形成球腔时的求电场问题,可在不挖时求出电场1E ,而另在挖去处放上电荷体密度为-ρ的同样大小的球体,求出电场2E,并令任意点的场强为此二者的叠加,即可得210E E E+=在图(a)中,以O 点为球心,d 为半径作球面为高斯面S ,则可求出O '与P 处场强的大小.ρε32113414d d dE S E Sπ⋅=π⋅=⋅⎰有 E 1O’=E 1P =d E 013ερ=方向分别如图所示.在图(b)中,以O '点为小球体的球心,可知在O '点E 2=0. 又以O ' 为心,2d 为半径作球面为高斯面S ' 可求得P 点场强E 2P()032223/)(4)(24d ερ-π=π⋅='⋅⎰'r d E S E S203212dr E P ερ-=(1) 求O '点的场强'O E. 由图(a)、(b)可得E O ’ = E 1O’ =3ερd, 方向如图(c)所示.(2)求P 点的场强P E.由图(a)、(b)可得⎪⎪⎭⎫⎝⎛-=+=2302143d rd E E E P P P ερ 方向如(d)图所示.图(c)2O’=0图(b)。