2019年12月河南省新蔡县2020届高三年级调研考试语文试题答案详解
河南省驻马店市新蔡县2020届高三12月调研考试数学(文)试题 Word版含解析
2019-2020学年度上期高中调研考试高三文科数学试题注意事项：1.本试卷分选择题和非选择题两部分，满分150分.考试时间为120分钟.2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚.3.考生作答时，请将答案写在答题卡上.选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答.超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效.4.本卷命题范围：高考范围.一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知命题p ：(),0x ∀∈-∞，22310x x -+>，命题q ：若0x ≥，则22310x x -+≤，则以下命题正确的为（ ）A. p 的否定为“[0,)x ∃∈+∞，22310x x -+≤”，q 的否命题为“若0x <，则22310x x -+>”B. p 的否定为“(,0)x ∃∈-∞，22310x x -+≤”，q 的否命题为“若0x <，则22310x x -+>”C. p 的否定为“[0,)x ∃∈+∞，22310x x -+≤”，q 的否命题为“若0x ≥，则22310x x -+>”D. p 的否定为“(,0)x ∃∈-∞，22310x x -+≤”，q 的否命题为“若0x ≥，则22310x x -+>”【答案】B 【解析】 【分析】根据命题的否定：全称变特称，只否结论；否命题：条件结论都要否．即可选出答案． 【详解】p 的否定为“(,0)x ∃∈-∞，22310x x -+≤”，q 的否命题为“若0x <，则22310x x -+>”故选B【点睛】本题考查命题的否定与否命题，注意区分命题的否定：全称变特称，只否结论；否命题：条件结论都要否．属于基础题．2.命题:3p x y +≠，命题:1q x ≠或2y ≠，则命题p 是命题q 的（ ） A .充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件【答案】A 【解析】【详解】∵命题:3p x y +≠，命题:1q x ≠或2y ≠，123q x y p x y ==+=￢：且，￢：，q p ∴⇒￢￢，反之不成立，例如1522x y ==，．所以非p 是非q 的必要不充分条件，因此命题p 是命题q 的充分不必要条件． 故选A ．3.已知函数()[]f x x =，若函数()2xxg x e e-=--的零点为0x ，则()0g f x =⎡⎤⎣⎦（ ）A.12e e -- B. 2-C. 12e e-- D.2212e e--【答案】B 【解析】 【分析】先利用导数得出函数()y g x =在R 上单调递增，由零点存在定理得出()00,1x ∈，于是得出()00f x =，于此得出()()00g f x g =⎡⎤⎣⎦可得出结果.【详解】因为()2xxg x e e-=--，所以()0x x g x e e -+'>=在R 上恒成立，即函数()2x xg x e e-=--在R 上单调递增.又()00220g e e =--=-<，()11120g e e -=-->， 所以()y g x =在()0,1上必然存在零点，即()00,1x ∈，因此()[]000f x x ==，所以()()002g f x g ==-⎡⎤⎣⎦，故选B.【点睛】本题考查函数零点存在定理的应用，考查函数求值，解题的关键就是利用导数判断函数单调性并利用零点存在定理判断出零点所在区间，考查分析问题和解决问题的能力，属于中等题. 4.函数23sin ()1x xf x x -=+在[]-，ππ的图象大致为（ ）A. B.C. D.【答案】C 【解析】 【分析】判断函数的奇偶性，取特殊值即可判断. 【详解】因为23sin ()()1x xf x f x x --=-=-+，所以函数()f x 为奇函数，故排除A,B由于2()01f πππ-=<+ ，排除D 故选C.【点睛】本题主要考查了函数图象的识别，一般要结合函数的奇偶性、定义域、单调性、特殊点等综合来判断，属于中档题.5.已知m ，n 是两条不同的直线，，，αβγ是三个不同的平面，则下列命题正确的是（ ） A. 若m α⊥，m n ⊥，则//n α B. 若////m n m α，，则//n α C. 若n αβ=，//m α，//m β，则//m nD. 若αγ⊥，βγ⊥，则//αβ【答案】C 【解析】 【分析】利用线面垂直、线面平行、面面垂直的性质定理分别对选项分析选择．【详解】对于A ，若m α⊥，m n ⊥，则//n α或者 n α⊂；故A 错误； 对于B ，若////m n m α，，则n 可能在α内或者平行于α；故B 错误；对于C ，若n αβ⋂=，//m α，//m β，过m 分作平面γα⋂于1m ，作平面2δm β⋂=,则根据线面平行的性质定理得1//m m ，2//m m ，∴12//m m ，根据线面平行的判定定理，可得1//?m β， 又1 m α⊂，n αβ⋂=，根据线面平行的性质定理可得1//m n ，又1//m m ， ∴//m n ；故C 正确；对于D ．若αγ⊥，βγ⊥，则α与β可能垂直，如墙角；故D 错误； 故选C ．【点睛】本题考查了面面垂直、线面平行、线面垂直的性质定理及应用，涉及空间线线平行的传递性，考查了空间想象能力，熟练运用定理是关键．6.已知角θ的顶点与原点重合，始边与x轴非负半轴重合，终边过点()2,1，则cos2θ=（ ） A.45-B.35C.35D.45【答案】C 【解析】 【分析】利用三角函数定义即可求得：cos θ=，sin θ=，再利用余弦的二倍角公式得解. 【详解】因为角θ的终边过点()2,1，所以1tan 2y x θ== 点()2,1到原点的距离r ==所以cos x r θ==，sin y r θ== 所以22413cos2cos sin 555θθθ=-=-= 故选C【点睛】本题主要考查了三角函数定义及余弦的二倍角公式，考查计算能力，属于较易题． 7.等差数列{}n a 的公差为d ，前n 项的和为n S ，当首项1a 和公差d 变化时，2811a a a ++是一个定值，则下列各数中也为定值的是（ ） A. 7S B. 8SC. 13SD. 15S【答案】C 【解析】 【分析】利用等差数列的通项公式化简已知的式子，得到关于7a 的关系式，由已知式子为定值得到7a 为定值，再利用等差数列的求和公式及等差数列的性质化简13S ，也得到关于7a 的关系式，进而得到13S 为定值． 【详解】2811173183a a a a d a ++=+=，且2811a a a ++是一个定值，7a ∴为定值，又()11313713132a a S a +==，13S ∴为定值，故选C.【点睛】本题主要考查等差数列的通项公式、等差数列的前n 项和公式，属于中档题. 等差数列基本量的运算是等差数列的一类基本题型，数列中的五个基本量1,,,,,n n a d n a S 一般可以“知二求三”，通过列方程组所求问题可以迎刃而解，另外，解等差数列问题要注意应用等差数列的性质2p q m n r a a a a a +=+=（2p q m n r +=+=）与前n 项和的关系. 8.已知数列{}n a 满()*211N n n n n a a a a n +++-=-∈，且510a=，714 a =，则20202019a a -=（ ） A. 2 B. 1C. -2D. -1【答案】A 【解析】 【分析】由题意可知数列{}n a 为等差数列，再利用等差数列的性质求解即可. 【详解】由题意可知，数列{}n a 为等差数列， 故设数列{}n a 的公差为d ，则7542a a d -==，202020192a a d ∴-==故选A ．【点睛】本题主要考查等差数列的判断和等差数列的性质，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.9.如图所示为底面积为2的某三棱锥的三视图，则该三棱锥的侧面积为（ ）A. 24223++B. 4223+C. 63D. 2223+【答案】B 【解析】 【分析】由三视图可以看出有多个直角，将该三棱锥放入正方体中，依次求各面面积即可【详解】由三视图可知该几何体是三棱锥P ABC -（放在棱长为2的正方体中），则侧面PAC是边长为22的等边三角形，面积为()2322234⨯=；侧面PAB △和PBC 都是直角三角形，面积均为1222222⨯⨯=，因此，此几何体的侧面积为4223+，故选B【点睛】本题考查三视图、几何体侧面积，将棱锥放入棱柱中分析是解题的关键.10.sin 0,32ππαα⎛⎫⎛⎫-=∈⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，则cos 26πα⎛⎫-= ⎪⎝⎭（ ）B.9- C.3- D.3【答案】D 【解析】 【分析】先由诱导公式得到2cos 2263sin ππαα⎛⎫⎛⎫-=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，并计算出cos 3πα⎛⎫- ⎪⎝⎭，再由二倍角公式计算223sin πα⎛⎫-⎪⎝⎭即可. 【详解】由02πα∈（，），则363πππα-∈-（，），所以cos 03πα⎛⎫-> ⎪⎝⎭,所以cos33πα⎛⎫-= ⎪⎝⎭，又22cos 2cos 222sin 62333sin πππππαααα⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫-=--=-=- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦cos 3πα⎛⎫-⎪⎝⎭=23=，故选D. 【点睛】本题考查了诱导公式的运用，考查了二倍角公式的应用，考查了角的配凑技巧，属于基础题.11.若函数()sin (0)6f x x πωω⎛⎫=-> ⎪⎝⎭在[0,]π上的值域为1,12⎡⎤-⎢⎥⎣⎦，则ω的最小值为（ ） A.23B.34C.43D.32【答案】A 【解析】 【分析】要使()f x 的值域为1,12⎡⎤-⎢⎥⎣⎦，得到x 的范围要求，则6x πω-要在其范围内，然后得到ω的范围，找到最小值. 【详解】0x π≤≤666x πππωωπ∴-≤-≤-而()f x 值域为1,12⎡⎤-⎢⎥⎣⎦，发现()10sin 62f π⎛⎫=-=- ⎪⎝⎭5266πππωπ∴≤-≤， 整理得213ω≤≤， 则ω最小值为23，选A 项.【点睛】本题考查正弦型函数图像与性质，数形结合的数学思想，属于中档题. 12.已知函数21()ln ,(),22x x f x g x e -=+=若()()g m f n =成立，则n m -的最小值为（） A. 1ln2- B. ln 2C. 23e -D. 23e -【答案】B 【解析】不妨设()()()21,ln,022m n g m f n t et t -==∴=+=>，122ln ,2ln ,2t m t m t n e-∴-==+=⋅，故()122ln ,0t n m et t --=⋅->，令()()122ln ,0t h t et t -=⋅->，()121'2t h t et-=⋅-，易知()'h t 在()0,∞+上是增函数，且 1'02h ⎛⎫= ⎪⎝⎭，当12t >时，()'0h t >，当102t <<时，()'0h t <，即当12t =时，()h t 取得极小值同时也是最小值，此时11221122ln 22ln 2ln 222h e-⎛⎫=⋅--=-+= ⎪⎝⎭，即n m -的最小值为ln 2，故选B.二、填空题：本题共4个小题，每小题5分，共20分. 13.曲线y ＝x 2+lnx 在点（1，1）处的切线方程为_____． 【答案】320x y --= 【解析】 【分析】首先求1x =处的导数，再根据切线公式()()000y y f x x x '-=-求切线方程. 【详解】解析：12y x x'=+，在点（1，1）处的切线斜率为3，所以切线方程为320x y --=. 【点睛】本题考查了导数的几何意义求切线方程，属于简单题型. 14.记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和，10a ≠，5335a a =，则20202019S S =________． 【答案】20212019【解析】 【分析】设等差数列{}n a 的公差为d ，由题中条件得出1a d =，再利用等差数列前n 项和公式可计算出20202019S S 的值. 【详解】设等差数列{}n a 的公差为d ，则()()31115533452a a d a d d a a =⇒+=+⇒=，所以()()1111022n n n n S n n a a d ++==-≠，12020201911202020212021212019201920202a S S a ⨯⨯∴==⨯⨯. 故答案为20212019. 【点睛】本题考查等差数列中基本量的计算，同时也考查了等差数列前n 项和的应用，解题的关键就是根据题中条件确定首项和公差的等量关系，考查计算能力，属于中等题. 15.秦九韶是我国南宋著名数学家，在他的著作数书九章》中有已知三边求三角形面积的方法:“以小斜幂并大斜幂减中斜幂余半之，自乘于上以小斜幂乘大斜幂减上，余四约之为实一为从隅，开平方得积”如果把以上这段文字写成公式就是S =，共中a 、b 、c 是△ABC 的内角A ，B ，C 的对边．若sin 2sin cos C A B =，且2b ，2，2c 成等差数列，则ABC 面积S 的最大值为____【解析】 【分析】运用正弦定理和余弦定理可得a b =，再由等差数列中项性质可得2224a b c ==-，代入三角形的面积公式，配方，结合二次函数的最值求法，可得所求最大值．【详解】sin 2sin cos C A B =，∴2cos c a B =，因此2222,2a c b c a a b ac+-=⨯=∵2b ，2，2c 成等差数列，∴224b c +=，因此S ===，当285c =，即5c =时，S 取得最大值1255⨯=，即ABC 面积S . 【点睛】本题考查三角形的正弦定理、余弦定理和面积公式，以及等差数列中项性质，转化为求二次函数的最值是解题的关键，属于中档题．16.已知P ,A ,B ,C 是球O 的球面上的四点，PA ，PB ，PC 两两垂直，PA PB PC ==,且三棱锥P ABC -的体积为43，则球O 的表面积为______． 【答案】12π 【解析】 【分析】根据三棱锥的体积可求三棱锥的侧棱长，补体后可求三棱锥外接球的直径，从而可计算外接球的表面积．【详解】三棱锥的体积为2114323V PA PA =⨯⨯⨯=，故2PA =，因为PA ，PB ，PC 两两垂直，PA PB PC ==，故可把三棱锥补成正方体，该正方体体对角线为三棱锥外接球的直径，又体对角线长度为(212S ππ=⨯=. 填12π.【点睛】几何体的外接球、内切球问题，关键是球心位置的确定，必要时需把球的半径放置在可解的几何图形中．如果球心的位置不易确定，则可以把该几何体补成规则的几何体，便于球心位置和球的半径的确定．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知命题p ：“函数y =R ”；命题q ：“)(01x ∃∈，，使得不等式390x x a --<成立”．若()p q ⌝∨为真命题，()p q ⌝∧为假命题，求实数a 的取值范围．【答案】6a <-或13a -≤≤【解析】【分析】通过()p q ⌝∨为真命题，()p q ⌝∧为假命题，判断出p q 、的真假性；:p 定义域为R ，被开方数恒大于等于零，分类考虑1a +与0的关系；:q 将存在性问题转化为a 与最值之间的关系从而计算出a 的范围；综合考虑p q 、真假性，求解出a 的范围.【详解】依题意，()p ⌝和q 一真一假，故p 和q 同真或同假， 若p 真，则10a +=或210(1)4(1)0a a a +>⎧⎨∆=+-+≤⎩， 解得13a -≤≤．若q 真，则()min 39x x a >-，令3x t =，则239x x y t t =-=-，)3(1t ∈，， 所以39x x y =-的值域为(60)-，，若命题q 为真，则6a ≥-． 若p 和q 同真，则13136a a a -≤≤⎧⇒-≤≤⎨≥-⎩； 若p 和q 同假，16a a <-⎧⎨<-⎩或36a a >⎧⎨<-⎩6a ⇒<-，故实数a 的取值范围为6a <-或13a -≤≤．【点睛】本题考查常用逻辑用语的综合应用，难度一般.存在性问题如：已知存在x ∈区间D ，有()f x a <，则必有：()min f x a <；恒成立问题如：已知任意x ∈区间D ，有()f x a <，则必有：()max f x a <.18.在ABC ∆中，D 是BC 上的点，AD 平分BAC ∠，sin 2sin C B =.（1）求BD CD； （2）若1AD AC ==，求BC 的长．【答案】（1）2；（2）2. 【解析】【分析】（1）在ABD ∆和ACD ∆中运用正弦定理，进行求解即可．（2）由sin 2sin C B =，利用正弦定理可得22AB AC ==，利用余弦定理求出cos ,cos BAD CAD ∠∠，结合BAD CAD ∠=∠，建立方程进行求解即可．【详解】解：（1）由正弦定理可得在ABD ∆中，sin sin AD BD B BAD=∠， 在ACD ∆中，sin sin AD CD C CAD=∠， 又因为BAD CAD ∠=∠，sin 2sin BD C CD B ==. （2）sin 2sin C B =，由正弦定理得22AB AC ==，设DC x =，则2BD x =，则222254cos cos 24AB AD BD x BAD CAD AB AD +--∠==∠⋅，2222222AC AD CD x AC AD +--==⋅. 因为BAD CAD ∠=∠，所以2254242x x --=，解得2x =.32BC x ==. 【点睛】本题主要考查解三角形的应用，结合正弦定理，余弦定理建立方程是解决本题的关键．19.在正项等比数列{n a }中，11a =且3542,,3a a a 成等差数列.（1）求数列的通项公式；（2）若数列{n b }满足n n n b a =，求数列{n b }的前n 项和n S ． 【答案】(1) 12n n a (2) 1242n n n S -+=- 【解析】【分析】(1)根据已知条件11a =且3542,,3a a a 可解得公比,再代入通项公式即可得到;(2)利用错位相减法可求得n S .【详解】设正项等比数列{a n }的公比为q (0)q >, （1）∵53412231a a a a =+⎧⎨=⎩∴42311112231a a a a q q q ⎧=+⎨=⎩,所以22320q q --= ∴q＝2，12q =-(舍去) 所以1112n n n a a q --==；（2）∵12n n n n n b a -==， ∴01211232222n n n S -++++=，① 121112122222n n n n n S --=++++，② ①﹣②得211111122222n n n n S -=++++-＝112112n --=12212222n n n n n +⎛⎫--=- ⎪⎝⎭， ∴1242n n n S -+=-. 【点睛】本题考查了等比数列的通项公式的求法,考查了等差中项,考查了利用错位相减法求和,本题属于基础题.20.如图，在四棱锥P ABCD -中，底面ABCD 为菱形，2AB =,060BAD ∠=，面PAD ⊥面ABCD ,PAD ∆为等边三角形，O 为AD 的中点．(1)求证：AD ⊥平面POB ；(2)若E 是PC 的中点，求三棱锥P EDB -的体积．【答案】（1）详见解析（2）12 【解析】【分析】（1）由AD PO ⊥，AD BO ⊥结合线面垂直的判定即可得证；（2）由E 是PC 的中点，所以12P EDB P BCD V V --=，则将求三棱锥P EDB -的体积转化为求三棱锥P CDB -的体积，再由条件即可得解.【详解】(1)证：因为O 为等边PAD ∆中边AD 的中点，所以AD PO ⊥,又因为在菱形ABCD 中，060BAD ∠=，所以ABD ∆为等边三角形，O 为AD 的中点，所以AD BO ⊥,而POBO O =,所以AD ⊥平面POB .(2)解：由(1)知AD PO ⊥，面PAD ⊥面ABCD ,所以PO ⊥底面ABCD ，因为等边PAD ∆的边长为2，所以PO =,易知BCD ∆为边长为2的等边三角形，所以三棱锥P BCD -的体积为：21213P BCD V -==, 因为E 是PC 的中点，所以1122P EDBP BCD V V --==， 所以三棱锥P EDB -的体积为12． 【点睛】本题考查了线面垂直的判定及三棱锥体积的求法，重点考查了空间想象能力及运算能力，属中档题.21.已知函数2()sin 4f x x π⎛⎫=- ⎪⎝⎭. （1）若126f α⎛⎫= ⎪⎝⎭，tan β=，,22ππα⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦，求tan(2)αβ+的值； （2）若动直线[](0,)x t t π=∈与函数()f x 和函数()cos 44g x x x ππ⎛⎫⎛⎫=++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭的图象分别交于P ，Q 两点，求线段PQ 长度的最大值，并求出此时t 的值.【答案】（1）；（2）最大值为32，712t 【解析】【分析】（1）先对()f x 进行化简，求出sin α，再根据同角三角函数求出tan α，再根据()tan 2αβ+特点，求出tan2α，利用和角公式求值即可（2）先表示出()()1sin 223PQ f t g t t π⎛⎫=-=-+ ⎪⎝⎭，再根据绝对值特点和三角函数的最值特点，求出对应的t 值即可【详解】（1）()1111cos 2sin22222f x x x π⎡⎤⎛⎫=--=- ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦，111sin 2226f αα⎛⎫=-= ⎪⎝⎭， 则2sin 3α=，又,22ππα⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦，故cos α=，tan α=.22tan tan21tan ααα==-()tan2tan tan 21tan2tan αβαβαβ++===-.（2）()g x x = 由题意可知()()1sin 223PQ f t g t t π⎛⎫=-=-+ ⎪⎝⎭ 当sin 213t π⎛⎫+=- ⎪⎝⎭时，PQ 取到最大值32. 当PQ 取到最大值时，()32232t k k Z πππ+=+∈，又[]0,t π∈，所以712t π=. 【点睛】本题考查同角三角函数的基本求法，三角函数正切值的和角公式，复合三角函数最值的求法，难度相对简单22.设函数22()ln 2,f x x x ax a a R =+-+∈（1）当0a =时，曲线()y f x =与直线3y x m =+相切，求实数m 的值；（2）若函数()f x 在[1,3]上存在单调递增区间，求实数a 的取值范围.【答案】()1 m ＝﹣2或m 54=--ln 2；()2（﹣∞，196） 【解析】【分析】（1）将a ＝0代入f （x ），求出f （x ）的导数，得到f ′（x ）＝3，解得x 的值，求出切点坐标，代入求出m 的值即可；（2）假设函数f （x ）在[1，3]上不存在单调递增区间，必有g （x ）≤0，得到关于a 的不等式组，解出即可．【详解】（1）当a ＝0时，f （x ）＝lnx +x 2，x ∈（0，+∞）， f ′（x ）1x=+2x ＞0， 令f ′（x ）＝3，解得：x ＝1或x 12=， 代入f （x ）得切点坐标为（1，1），或（12，14-ln 2），将切点坐标代入直线y＝3x+m，解得：m＝﹣2或m54=--ln2；（2）f′（x）1x=+2x﹣2a2221x axx-+=，x∈[1，3]，设g（x）＝2x2﹣2ax+1，假设函数f（x）在[1，3]上不存在单调递增区间，必有g（x）≤0，于是()()132031960g ag a⎧=-≤⎪⎨=-≤⎪⎩，解得：a196≥，故要使函数f（x）在[1，3]上存在单调递增区间，则a的范围是（﹣∞，196）．【点睛】本题考查了函数的单调性问题，考查曲线的切线方程以及导数的应用，是一道中档题．。
2019-2020年高三12月诊断考试语文试题 含答案
2019-2020年高三12月诊断考试语文试题含答案一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1～3题。
（9分，每小题3分）“艺术默契”与京剧的伴奏任何艺术的创作与欣赏之间都存在着相互依存、相互制约、相互促进的关系。
这种关系在艺术形式上的深刻表现之一，就是创作者与欣赏者之间存在着心照不宣的“默契”。
“默契”的形成和发展是谅解、定势、求美、求新等心理因素交互作用的结果。
谅解和求美是“默契”的基础。
同时，因为有心理定势在起作用，所以“默契”具有稳定性；又由于创作和欣赏双方都要求出新，所以“默契”又不是凝固不变，而是变动发展的。
但这变动乃是在创作与欣赏的相互作用中自然出现的；任何一方如果突然间严重破坏“默契”，那么创作与欣赏的相互依存关系便趋于破裂，艺术作品也就不能取得应有的社会效果。
就京剧的伴奏而言，使用简单的民族乐器早已形成“默契”。
这种“默契”还不仅仅是出于谅解与定势，而且也符合求美求新的愿望。
因为对许多老观众来说，主要以京胡伴奏唱腔自有其美妙的感受，特别像徐兰沅、王少卿为梅兰芳伴奏，在老观众心目中都已到了“尽善尽美”的地步，增加更多的音响只会起消极的作用。
客观地看，这些伴奏与演唱之间也确有水乳交融之妙。
虽然这样的珠联璧合已不易见于当世，但因心理定势的关系，老观众仍感到以苍劲或细腻的琴声来伴奏各种风格唱腔是最符合听觉要求的。
同时老观众也并不保守，在伴奏的发展中，京胡加上了二胡,又加上了月琴；名琴师们还不断设计一些花过门、花点子，并在托腔①时准确运用琴声与唱腔的离合变化，这都已被接受并受到欢迎，所以双方的“默契”事实上也是处在发展之中的。
但是，当伴奏突然变为庞大的交响乐队时，由于背离原有的“默契”太大了，所以表示不能欣赏。
这种不能欣赏，是受到不以人为意志为转移的“默契”运动规律的制约的，不能简单地视为因循守旧、看不惯新生事物。
不过，艺术“默契”虽然是创作者与欣赏者之间的事情，是在创作与欣赏这个大系统内所出现的一种规律性互动，却也必然受到系统之外的种种社会历史因素的制约。
2019-2020年高三12月调研考试 语文 含答案
2019-2020年高三12月调研考试语文含答案一、（18分，每小题3分）1．下列词语中，加点的字读音仝都正确的一组是A．菁（jīng）华渐（jiàn）染噱头（xué）身陷囹圄（yǔ）B．猗（yī）郁箱奁（lián）婆娑（suō）因噎（yān）废食C．伺（cì）候泥淖（nào）整饬（zhì）日臻（zhēn）完善D．宫绦（tāo）光纤（xiān）崔嵬（wéi）万目睚眦（zì）2．下列词语中，没有错别字的一组是A．竣工平添漫溯层峦迭嶂B．菲薄呕气纨绔目不暇接C．风致缉拿脉搏旁稽博采D．匿迹合龙殒落急不暇择3．依次填入下列各句横线处的词语，最恰当的一组是（1）对未成年人实施犯罪，给未成年人带来的精神伤害往往是的，因而要严惩此类犯罪分子。
（2）庐山等一些景区“票中票”乱象经中央电视台曝光之后能否得到整治?各地游客对此都。
（3）没有人教他，他学会了写诗，而且还在报刊上发表了几首，可见他确实有诗歌方面的天赋。
A．终生翘首以待竟自 B．终身翘首以待径自C．终身拭目以待竞自 D．终生拭目以待径自4．下列各句中，没有语病的一句是A．作家获得诺贝尔文学奖之后，读者对他们往往充满更高的期待，但由于应酬增多、精力下降等诸多因素，读者也往往会大失所望。
B．读罢《苦难辉煌》一书，我的思绪仿佛回到了那个战火纷飞的年代，书中无数革命先行者的身影和精神在我的脑海中一一浮现。
C．庾信、杜甫、陆游等众多诗人都创作了大量咏物诗，这些诗歌描写细腻，寄寓深刻，对其艺术特色和思想内涵给予了很高的评价。
D．龙虎山风景区在倾力保护自然景观的同时，致力于文化旅游产品的打造，走出了一条由山水龙虎山向文化龙虎山的转型发展之路。
5．依次填入下面一段文字横线处的语句，衔接最恰当的一组是意象的从无到有，没有物态化与物化的实在形式是不可能实现的，。
①只有当它们在书法家笔下龙飞凤舞地展现时，其意象才骤然产生②中国书法家在创作之前，活动在其心中的主体意识、情感是无法把握的③此外，意象的完成常与艺术品的形式符号及传媒质料有关④这在抽象的艺术中尤其能深切感受到⑤离开了物态化，也就没有了意象⑥这里意象的物态化和意象的生成是同步的A．④⑥②①⑤③ B．④②①⑥⑤③ C．③④②①⑥⑤ D．⑥④②①⑤③6．下列有关名著的说明，不正确的一项是A．觉慧追求新思想，他曾反复朗读《前夜》里的话：“我们是青年，不是畸形人，不是愚人，应当给自己把幸福争过来”。
河南省新蔡县2019-2020学年高二语文12月调研考试试题
2019-2020学年度上期高中调研考试高二年级语文试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（阅读题）和第Ⅱ卷（表达题）两部分，满分150分，考试时间150分钟。
2．答题前考生务必将自己的姓名、班级、考号填写在答题卡上。
3．答选择题时，请用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如须改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框，不能答在本试卷上，否则无效。
一、现代文阅读(共36分)（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）什么东西都可以低估，但唯独不能低估青春的能量；青年时期的积累与沉淀，往往影响着一个人一生的发展。
诗人艾青有句名言：“为什么我的眼里常含泪水，因为我对这土地爱得深沉。
”家国情怀是一种源自内心的质朴情感，也可说是每个人的立身之本。
对于当代青年来说，只有常怀感恩之心、砥砺家国情怀，才能自觉地把个人的前途命运与国家、民族、社会紧密地融合在一起。
家国情怀深深植根于我们的灵魂之中，内化于心、外化于行，铭刻于骨、融化于血。
家国情怀既体现为一种民族大义，也是继续传承的文化传统。
大禹治水三过家门而不入，戚继光抗倭保家卫国……回溯既往，从神话故事到历史典故，浓浓的家国情怀之中，都体现着民族大义。
《礼记•大学》的“修身、齐家、治国、平天下”，屈原的“路漫漫其修远兮，吾将上下而求索”，范仲淹的“先天下之忧而忧，后天下之乐而乐”……家国情怀世代相传，成为中国人的一种文化基因。
事实证明，没有伟大的国家和民族，就难言个人的尊严。
因此，无论何时，我们都应将家国情怀牢记在心。
人无精神不立，国无精神不强。
家国情怀突出体现为爱国奉献的精神，堪称一种精神坐标。
邓小平同志曾说：“我是中国人民的儿子，我深情地爱着我的祖国和人民。
”真挚的话语，饱含着爱与真情，这正是浓厚家国情怀的写照。
“家是最小国，国是千万家”。
爱国不能停留在口头上，而应体现在行动之中。
西藏玉麦乡牧民卓嘎、央宗姐妹的事迹为什么感动了亿万人？就在于她们以行动诠释爱国情感，为祖国守护神圣土地。
高三试题答案河南省蔡县届高三12月调研考试试题PDF河南省蔡县届高三12
2021-2021学年度上期高中调研考试三年级语文试题参考答案1、D A项“德国古典文学是其顶峰〞错误；B项“主观条件〞错误；C项“积极引导"的对象应该是〞个人或者群体特点鲜明、取向正确的审美观“。
应选D。
2、C 文章并没有从“两方面〞议论美育施行的关键，而是强调“把握个体审美差异与主流审美观的关系“；文章通过教育要阐述的是〞引导学生形成符合HYHY、道德精神的主流审美观“。
应选C。
3、C “要追请教育公平〞于文无据，“认知美的形式法那么〞也并不是为了“缩小差异性〞，应选C。
4、 C C项“因此提升了大学在国际上的影响力〞无中生有。
5、C C项，原文材料三最后一段说的是“力图初步构建书院文献体系的框架〞。
6、〔1〕政策支持。
?关于施行中华优秀传统文化传承开展工程的意见?和?历史文化名城保护规划?等全国性和地方性文件为书院文化的复兴加强了保证。
〔2〕加强宣传教育。
将古书院作为传统文化教育基地和中小学研学理论教育基地，定期举行相关文化活动，突出书院的文化传承功能。
〔3〕完善文献资料。
将书院散落的、损毁的文献资料搜集、整理，构建书院的文献体系，呈现书院文献全貌，以便学生研学、群众认识和学者研究。
〔4〕完善人才培养格局。
设立与书院文化相关的从本科到博士后的不同层次的学科专业。
为开展相关高层次的学术研究，拓展书院文化研究范围提供人才保证。
〔5〕借助新媒体传播。
建立网络书院，采取“互联网+国学〞等新媒体方式，让书院文化紧跟时代，走进平常生活。
〔每点2分，答对三点计6分。
〕7、D D项“对城里生活的厌烦〞说法错误，文章只是表达了“我〞对乡下生活的喜欢，并没有写“我〞对城里生活的态度。
应选D。
8、①前后照应，形成对照，表达小说的整体性；②说明“我〞对四叔的辫子很感兴趣，突出“我〞幼年时的淘气和四叔的和蔼憨厚；③表达“我〞对美妙往事的思念，为下文写淳朴的人情关系做铺垫。
此题考察学生分析作品构造，讨论作者的创作背景和创作意图的才能。
2020届河南省驻马店市新蔡县高三上学期12月调研考试语文试题 (解析版)
2019-2020 学年度上期高中调研考试三年级语文试题考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分，满分 150 分．考试时间为 120 分钟。
2.答题前，考生务必用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案写在答题卡上。
选择题每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答。
超出答题区．域书写．的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.本卷命题范围：高考范围。
一、现代文阅读（36 分）（一）论述类文本阅读（本题共 3 小题，9 分）阅读下面的文字，完成各题。
审美教育历史悠久，只是在不同时代、地域有不同的形态和方式。
在古代中国，美育传统蕴含在礼乐相济的审美化教育途径中。
在西方，美育思想可追溯到古希腊、古罗马时期，近代随着德国古典美学的发展达到高峰。
高度发达的经济社会，是美育生长的沃土。
“仓廪实而知礼节，衣食足而知荣辱”中已含此意。
改革开放后，中国经济实力大幅提高，经济总量跃居世界第二，居民收入持续增长。
同时，国家高度重视美育工作并制定相关政策，为全面实施美育提供了良好社会环境。
在这一背景下，全社会对美育的重视度空前提高。
然而，如何抓住历史机遇，有效实施美育，是教育工作者尤其是艺术教育工作者应该深入思考的问题。
实施美育的前提是建立审美标准，即回答“什么是美”。
若说美在客观，为什么有的人认为美的事物，另一些人却不以为然？若说美在主观，为什么会存在普遍被认为美的事物？苏轼的《琴诗》云“若言琴上有琴声，放在匣中何不鸣？若言声在指头上，何不于君指上听？”指与琴的巧妙接触，方生出美妙音乐。
其实审美也是主客观有机交融的结果，少了任何一方都会出现“放在匣中何不鸣”或“何不于君指上听”的疑惑。
把握个体审美差异与主流审美观的关系是实施美育的关键。
就个体而言，生活、经验、教育等方面的差异会带来审美差异。
河南省新蔡县2020届高三语文12月调研考试试题
2019-2020学年度上期高中调研考试三年级语文试题考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分，满分150分．考试时间为120分钟。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案写在答题卡上。
选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答。
超出答题区域书写的答案无效；在．．．．．．．．．．．．．．．草稿纸、试题卷上答题无效。
．．．．．．．．．．．．．4.本卷命题范围：高考范围。
一、现代文阅读（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字,完成1-3题。
审美教育历史悠久,只是在不同时代、地域有不同的形态和方式。
在古代中国，美育传统蕴含在礼乐相济的审美化教育途径中。
在西方,美育思想可追溯到古希腊、古罗马时期,近代随着德国古典美学的发展达到高峰。
高度发达的经济社会,是美育生长的沃土。
“仓廪实而知礼节,衣食足而知荣辱”中已含此意。
改革开放后,中国经济实力大幅提高,经济总量跃居世界第二,居民收入持续增长。
同时,国家高度重视美育工作并制定相关政策,为全面实施美育提供了良好的社会环境。
在这一背景下,全社会对美育的重视度空前提高。
然而,如何抓住历史机遇,有效实施美育,是教育工作者尤其是艺术教育工作者应该深入思考的问题。
实施美育的前提是建立审美标准,即回答“什么是美”。
若说美在客观,为什么有的人认为美的事物,另一些人却不以为然?若说美在主观,为什么会存在普遍被认为美的事物?苏轼的《琴诗》云“若言琴上有琴声,放在匣中何不鸣?若言声在指头上,何不于君指上听?”指与琴的巧妙接触,方生出美妙音乐。
其实审美也是主客观有机交融的结果,少了任何一方都会出现“放在匣中何不鸣”或“何不于君指上听”的疑惑。
把握个体审美差异与主流审美观的关系是实施美育的关键。
就个体而言,生活、经验、教育等方面的差异会带来审美差异。
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河南省新蔡县2020届高三年级上学期12月调研考试
语文试题答案解析
2019年12月1、D A项“德国古典文学是其高峰”错误；B项“主观条件”错误；C项“积极
引导"的对象应该是”个人或群体特点鲜明、取向正确的审美观“。
故选D。
2、C 文章并没有从“两方面”议论美育实施的关键，而是强调“把握个体审美差异与主流审美观的关系“；文章通过教育要阐述的是”引导学生形成符合社会主义核心价值观、道德精神的主流审美观“。
故选C。
3、C “要追求教育公平”于文无据，“认知美的形式法则”也并不是为了“缩小差异性”，故选C。
4、 C C项“因而提升了湖南大学在国际上的影响力”无中生有。
5、C C项，原文材料三最后一段说的是“力图初步构建书院文献体系的框架”。
6、（1）政策支持。
《关于实施中华优秀传统文化传承发展工程的意见》和《衡阳市历史文化名城保护规划》等全国性和地方性文件为书院文化的复兴加强了保证。
（2）加强宣传教育。
将古书院作为传统文化教育基地和中小学研学实践教育基地，定期举行相关文化活动，突出书院的文化传承功能。
（3）完善文献资料。
将书院散落的、损毁的文献资料搜集、整理,构建书院的文献体系,呈现书院文献全貌,以便学生研学、大众认识和学者研究。
（4）完善人才培养格局。
设立与书院文化相关的从本科到博士后的不同层次的学科专业。
为发展相关高层次的学术研究,拓展书院文化研究范围提供人才保证。
（5）借助新媒体传播。
建立网络书院,采取“互联网+国学”等新媒体方式,让书院文化紧跟时代,走进平常生活。
（每点2分,答对三点计6分。
）
7、D D项“对城里生活的厌烦”说法错误,文章只是体现了“我”对乡下生活
的喜爱,并没有写“我”对城里生活的态度。
故选D。
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