【信号与系统(郑君里)课后答案】第三章习题解答
信号与系统第三章答案2
y ''(t ) + 4 y '(t ) + 3 y (t ) = f (t )
(1)对上式两边取傅里叶变换得:
( jw ) 2 Y ( jw ) + 4( jw )Y ( jw ) + 3Y ( jw ) = F ( jw )
1 1 Y ( jw ) 1 1 2 2 H ( jw ) = = = = 2 F ( jw ) ( jw ) + 4( jw ) + 3 ( jw + 3)( jw + 1) ( jw + 1) ( jw + 3) 1 h(t ) = F -1[ H ( jw )] = (e- t - e-3t )U (t ) 2
jw =-2
= -1
d [Y ( jw )g( jw + 2) 2 ] =2 j w =2 dw
jw =-3
K 3 = Y ( jw )g( jw + 3)
即
= -2
Y ( jw ) =
-1 2 -2 + + ( jw + 2) 2 jw + 2 jw + 3
根据傅里叶变换的性质:
- jtf (t ) «
1 1 g jw + 2 ( jw + 3)( jw + 1) K3 K1 K2 = + + jw + 2 jw + 3 jw + 1
用部分分式展开法:
K1 = Y ( jw )g( jw + 2) K 2 = Y ( jw )g( jw + 3) K 3 = Y ( jw )g( jw + 1)
h(t ) = F -1[ H ( jw )] = (2e -3t - e -2t )U (t )
信号与系统习题答案第三章
第三章习题基础题3.1 证明cos t , cos(2)t , …, cos()nt (n 为正整数),在区间(0,2)π的正交集。
它是否是完备集?解:(积分???)此含数集在(0,2)π为正交集。
又有sin()nt 不属于此含数集02sin()cos()0nt mt dt π=⎰,对于所有的m 和n 。
由完备正交函数定义所以此函数集不完备。
3.2 上题的含数集在(0,)π是否为正交集?解:由此可知此含数集在区间(0,)π内是正交的。
3.3实周期信号()f t 在区间(,)22T T-内的能量定义为222()TT E f t dt -=⎰。
如有和信号12()()f t f t +(1)若1()f t 与2()f t 在区间(,)22T T-内相互正交,证明和信号的总能量等于各信号的能量之和;(2)若1()f t 与2()f t 不是相互正交的,求和信号的总能量。
解:(1)和信号f(t)的能量为[]222222222221212222()12()()()()()()T T T T T T T T T T E f t dt dtf t dt f t dt f t f t dtf t f t -----===+++⎰⎰⎰⎰⎰(少乘以2)由1()f t 与2()f t 在区间内正交可得2122()()0T T f t f t dt -=⎰则有 22221222()()T T T T E f t dt f t dt --=+⎰⎰即此时和信号的总能量等于各信号的能量之和。
和信号的能量为(2)[]222222222221212222()12()()()()()()T T T T T T T T T T E f t dt dtf t dt f t dt f t f t dtf t f t -----===+++⎰⎰⎰⎰⎰(少乘以2吧?)由1()f t 与2()f t 在区间(,)22T T-内不正交可得2122()()0T T f t f t dt K -=≠⎰则有2222222212122222()()()()T T T T T T T T E f t dt f t dt K f t dt f t dt ----=++≠+⎰⎰⎰⎰即此时和信号的总能量不等于各信号的能量之和。
郑君里《信号与系统》第3版笔记课后习题考研真题详解
郑君里《信号与系统》(第3版)笔记和课后习题(含考研真题)详解
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第1章绪论
1.1复习笔记
本章作为《信号与系统》的开篇章节,是整个信号与系统学习的基础。
本章介绍了有关信号与系统的基本概念和术语,给出几种典型的信号和系统的表现形式,讲述了各信号与系统的特点以及信号之间的运算和转换。
通过本章学习,读者应掌握:如何判断信号类型、不同信号之间的运算、信号的分解以及系统类型的判断。
一、信号概述
1信号的概念及分类(见表1-1-1)
表1-1-1信号的概念及分类
2典型的连续信号(见表1-1-2)
表1-1-2典型的信号及表示形式
3信号的运算(见表1-1-3)
表1-1-3信号的运算
4阶跃函数和冲激函数
阶跃信号和冲激信号是信号与系统中最基础的两种信号,许多复杂信号皆可由二者或二者的线性组合表示。
具体见表1-1-4及表1-1-5。
(1)单位阶跃信号u(t)
表1-1-4单位阶跃信号u(t)
(2)单位冲激信号δ(t)
表1-1-5单位冲激信号δ(t)表示形式及性质
5信号的分解
一个一般信号根据不同类型可分解为以下几种分量,具体见表1-1-6。
表1-1-6信号的分解
二、系统
1系统概念及分类(见表1-1-7)
表1-1-7系统的概念及分类
系统模型如下:
输入信号经过不同系统可得到不同输出信号,具体见表1-1-8。
表1-1-8不同系统特性。
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第3章 傅里叶变换3-1 求图3-1所示对称周期矩形信号的傅里叶级数(三角形式与指数形式)。
图3-1解:(1)三角形式由图3-1可知,f(t)为奇函数,故有所以三角形式的傅里叶级数为。
(2)指数形式因所以指数形式的傅里叶级数为。
3-2 周期矩形信号如图3-2所示。
若:重复频率f=5kHz脉宽τ=20μs幅度E=10V求直流分量大小以及基波、二次和三次谐波的有效值。
图3-2解:由图3-2可知,f(x)为偶函数,且f=5kHz,得:所以直流分量为1V基波分量为1sin() 1.3910Vπ=≈二次谐波为2sin( 1.325Vπ=≈三次谐波为。
33sin() 1.2110V π=≈3-3 若周期矩形信号f 1(t )和f 2(t )波形如图3-2所示,f 1(t )的参数为τ=0.5μs,T=1μs,E=1V ;f 2(t )的参数为τ=1.5μs,T=3μs,E=3V ,分别求:(1)f 1(t )的谱线间隔和带宽(第一零点位置)频率单位以kHz 表示;(2)f 2(t )的谱线间隔和带宽;(3)f 1(t )与f 2(t )的基波幅度之比;(4)f 1(t )基波与f 2(t )三次谐波幅度之比。
解:由题3-2的结论可知,f(t)的傅里叶级数可表示为其中,。
(1)f 1(t )的谱线间隔,则带宽:。
(2)f 2(t )的谱线间隔带宽:。
(3)由题3-2可知,所以f 1(t )的基波幅度为:f 2(t )的基波幅度为:故。
(4)的三次谐波幅度为:故。
3-4 求图3-3所示周期三角信号的傅里叶级数并画出频谱图。
图3-3解:由图3-3可知,f(t)为偶函数,故。
bn所以的傅里叶级数可表示为()f t其幅度谱如图3-4所示。
图3-43-5 求图3-5所示半波余弦信号的傅里叶级数。
若E=10V ,f=10kHz ,大致画出幅度谱。
图3-5解:由图3-5可知,f(t)为偶函数,因而b n =0,();所以其傅里叶级数可表示为若E=10V ,,则幅度谱如图3-6所示。
《信号与系统》(郑君里)课后习题答案
(t )
2
非线性:设 r1 ( t ) = e1
( t ) 、 r2 ( t ) = e2 2 ( t ) ,
2 2 2 2
则⎡ ⎣ c1e1 ( t ) + c2 e2 ( t ) ⎤ ⎦ = c1 e1 ( t ) + c2 e2
2
( t ) + 2c1c2e1 ( t ) e2 ( t ) ≠ c1r1 ( t ) + c2 r2 ( t )
5
即 输 入 x1 ( t ) , x2 ( t ) 得 到 的 输 出 分 别 为 y1 ( t ) , y2 ( t ) , T ⎡ ⎣ x1 ( t ) ⎤ ⎦ = y1 ( t ) ,
T⎡ 。 ⎣ x2 ( t ) ⎤ ⎦ = y2 ( t ) ,则 T ⎡ ⎣ c1 x1 ( t ) + c2 x2 ( t ) ⎤ ⎦ = c1 y1 ( t ) + c2 y2 ( t ) ( c1 , c2 为常数)
解题过程:
(a-1)
(a-2)
(a-3)
4
(a-4)
(b) f ( t ) 为偶函数,故只有偶分量,为其本身
(c-1)
(c-2)
(c-3)
(c-4)
(d-1)
(d-2)
(d-3)
(d-4)
1-20 分析过程:本题为判断系统性质:线性、时不变性、因果性 (1)线性(Linearity) :基本含义为叠加性和均匀性
f (t )
1 1
f ( 3t )
→
→
-2
-1
0
1
-2/3
f ( 3t − 2 )
→
1/3
f ( −3t − 2 )
信号与系统第三章习题部分参考答案
(7) (1 − t) f (1 − t) ;
(2) [1 + m f (t)]cosω0 t
(4) (t + 2) f (t); ( ) (6) e− jω0 t df t
dt
(8) f (t)∗ f (t − 3);
t
(9) ∫τ f (τ )dτ −∞
1−t / 2
(11) ∫ f (τ )dτ −∞
2π (sin π t )2 ↔ 2π (1− ⎜w⎜)[ε(w + 2π ) − ε(w − 2π )]
πt
2π
即 (sin π t )2 ↔ (1− ⎜w⎜)[ε(ω + 2π ) − ε(w − 2π )]
πt
2π
(3)双边指数信号
∵ e−a⎜t⎜
↔
2a a2 + w2
(−∞
<
t
<
+∞)
∴ 2a a2 + w2
(13) f (t)∗ Sa(2t) (15) t df (1 − t)
dt
t+5
(10) ∫ f (τ )dτ −∞
(12) df (t) + f (3t ) − 2 e− jt ;
dt
(14) f (t) u(t)
(16) (t − 2) f (t)e j2(t−3)
解:(1) f 2 (t) + f (t) = f (t). f (t) + f (t) ↔ 1 [F (w}* F (w)] + F (w)
又 f (t) = 2 + cos⎜⎛ 2πt ⎟⎞ + 4sin⎜⎛ 5πt ⎟⎞
⎝3⎠
【信号与系统(郑君里)课后答案】第三章习题解答
【信号与系统(郑君⾥)课后答案】第三章习题解答3-1 解题过程:(1)三⾓形式的傅⽴叶级数(Fourier Series ,以下简称 FS )f ( t ) = a ++∞cos ( n ω t) + b sin ( n ω t ) a 0 ∑ n 1n 1 n =1式中ω1 =2π,n 为正整数,T 1 为信号周期T 11 t +T(a )直流分量a 0 = 0 ∫ 1 f ( t ) dtT1 t2 t +T(b )余弦分量的幅度a n = 0∫ 1f ( t ) cos ( n ω1t ) dtT1 t 02 t +T(c )正弦分量的幅度b n = 0 ∫ 1f ( t ) sin ( n ω1t ) dtT 1 t(2)指数形式的傅⽴叶级数+∞f ( t ) = ∑ F ( n ω1 )e jn ω1tn == F ( n ω1 ) = 1 ∫t 0 +T 1f ( t ) e ? jn ω1t dt T 1 t 0F n =1( a n ? jb n ) F ? n = 1 ( a n + jb n ) 2 2由图 3-1 可知, f ( t ) 为奇函数,因⽽a 0 = a n = 0 4 Tb n = T ∫02= 2Eπ n4TE2EEf (t ) sin ( n ω t ) dt =sin ( n ω t ) dt = cos ( n ω t = 1 ? cos ( n π2T 1 ∫0 2 1 n t 1 n ) 1n = 2, 4,n = 1, 3,所以,三⾓形式的 FS 为2 E1 12π f ( t ) =sin ( ω1t ) +sin ( 3ω1t ) +sin ( 5ω1t ) +ω1 =π 3 5Tn = 0, ±2, ±4,F n = ? jb n jE=2 n = 0,± 1, ±3,n π1所以,指数形式的 FS 为f ( t ) = ? jE π ej ω1t+ πjE e ? j ω1t ? 3jE π e j 3ω1t + 3jEπ e ? j 3ω1t +3-15 分析:半波余弦脉冲的表达式 f ( t ) =πτ E cos t u t+ τ 2求 f ( t ) 的傅⽴叶变换有如下两种⽅法。
信号与系统课后答案第三章作业答案
初始为 0, C2 -4
y f (t) -4e3tu(t) 4e2tu(t)
全响应= yx (t)+y f (t) 4e2tu(t)-2e3tu(t)
3-2 描述某 LTI 系统的微分方程为
d2 y(t) dt 2
3dy(t) dt来自2y(t)
df (t) dt
6
1
1
(2e1 e1 et ) u(t)
e1(2 et ) u(t)
(2)
f
(t)
a[u(t
s) 2
u(t
2)]
h(t) b[u(t 2) u(t 3)]
f
(t)
h(t)
ab[(t
1 2
)
u(t
1 2
)
(t
1 2
)
u(t
1) 2
tu(t)
1 4
(et
e3t
)u(t)
1 2
t
e3tu(t)
[
1 4
et
(
1 2
t
1 4
)e3t
]u
(t)
3-19 一 个 LTI 系 统 , 初 始 状 态 不 祥 。 当 激 励 为 f (t) 时 其 全 响 应 为
(2e3t sin 2t)u(t) ;当激励为 2 f (t) 时其全响应为 (e3t 2sin 2t)u(t) 。求
(1) 初始状态不变,当激励为 f (t 1) 时的全响应,并求出零输入相应、
零状态响应; (2) 初始状态是原来的两倍、激励为 2 f (t) 时系统的全响应。
郑君里信号与系统第3章 习题解
第3章 习题解3-1. 求下列周期信号的基波角频率0ω和周期T 。
(1)()t B t A t f 6sin 4cos +=;(3)()65sin 4cost B t A t f +=; (2)()t C t B t A t f πππ5sin 3sin 2cos +-=; (4)()()2sin t t f π=;(5)()tj et f 10=;(6)()()25sin 2cos t B t A t f -=; (7)()t B eA t f tj 6sin +=-;31-3-2:已知连续时间周期信号()⎪⎭⎫⎝⎛+⎪⎭⎫⎝⎛+=35sin 432cos 2t t t f ππ。
将其表示成复指数傅立叶级数形式,求n F ,并画出双边幅度谱和相位谱。
解:由于()t f 为连续的时间周期信号。
由于题易知 T=6 1ω=3π又 ()⎪⎭⎫⎝⎛+⎪⎭⎫⎝⎛+=35sin 432cos 2t t t f ππ 即有 20=a 12=a 45=b200==a F ()2121222=-=jb a F ()221555j jb a F -=-=431F F F ==故 ()53322212t jt jjeet f ππ-+=又 n n F F -= 其双边幅度谱如图 3-2-1所示易知 43210ϕϕϕϕϕ====25πϕ-= 25πϕ=-其相位谱如图 3-2-2所示 3-3已知周期电压()⎪⎭⎫ ⎝⎛++⎪⎭⎫ ⎝⎛+-⎪⎭⎫ ⎝⎛++=33cos 42sin 4cos 22πππt t t t f ,试画其单边,双边幅度谱和相位谱。
解:由题易知 11=w π2=T210==a a 132==a b故 210==c c 132==c c 其单边幅度谱如图 3-3-120=F 11=F 22j F -= 213=Fn n F F -=故双边幅度谱如图3-3-2所示图 3-2-1图3-2-2 相位谱图 3-3-2 双边幅度谱()3cos()42cos()4cos(22ππ+-+++=tttf故有41πϕ=42πϕ-=33πϕ=其相位谱如图3-3-3所示3-4 如题图3-4所示信号,求指数形式和三角形式的傅里叶级数。
信号与系统第三章习题答案
T 0
−
T 0
e−
jnω0t dt
( ) =
1 − jnω0T
e− jnω0T
+
1 jnω0T
+
1 jnω0T 2
Te
−
jnω0
T
−1 − jnω0
e− jnω0t T 0
=
1 jnω0T
+
1 j2 n 2ω02T 2
e− jnω0T
−1 =
1 j2nπ
+
1 n 2π
2
1−
e− j2 nπ
=1 j2 nπ
n = ±1, ±2,L
∫ ∫ F0
=
1 T
T f (t ) dt = 1
0
T
T 0
1−
1 T
t
dt
=
1 2
该信号的指数型傅里叶级数为
( ) ∑∞
ft =
1 e jnω0t
n=−∞ j 2nπ
98
其频谱图如图 3.2(b)所示。
(2)由图 3.1(b)可知,其周期为T = 2π ,其频ω0 = 1,信号的解析式为:
2πn
100
即
bn
=
−
2E nπ
n为奇数
0
n为偶数
故得信号的傅里叶级数展开式为
f
(t )
=
−
2E π
sin
ω0t
+
1 sin 3
3ω 0t
+
1 sin 5
5ω 0t
+
L
+
1 n
sin
nω0 t
+
信号与系统课后习题与解答第三章
3-1 求图3-1所示对称周期矩形信号的傅利叶级数(三角形式和指数形式)。
图3-1解 由图3-1可知,)(t f 为奇函数,因而00==a a n2112011201)cos(2)sin(242,)sin()(4T T T n t n T n Edt t n E T T dt t n t f T b ωωωπωω-====⎰⎰所以,三角形式的傅利叶级数(FS )为T t t t E t f πωωωωπ2,)5sin(51)3sin(31)sin(2)(1111=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+++=指数形式的傅利叶级数(FS )的系数为⎪⎩⎪⎨⎧±±=-±±==-= ,3,1,0,,4,2,0,021n n jE n jb F n n π所以,指数形式的傅利叶级数为Te jE e jE e jEe jEt f t j t j t j t j πωππππωωωω2,33)(11111=++-+-=--3-2 周期矩形信号如图3-2所示。
若:图3-22τT-2τ-重复频率kHz f 5= 脉宽 s μτ20= 幅度 V E 10=求直流分量大小以及基波、二次和三次谐波的有效值。
解 对于图3-2所示的周期矩形信号,其指数形式的傅利叶级数(FS )的系数⎪⎭⎫⎝⎛=⎪⎭⎫ ⎝⎛====⎰⎰--22sin 12,)(1112212211τωττωππωττωωn Sa T E n n E dt Ee T T dt e t f T F tjn TT t jn n则的指数形式的傅利叶级数(FS )为∑∑∞-∞=∞-∞=⎪⎭⎫⎝⎛==n tjn n tjn ne n Sa TE eF t f 112)(1ωωτωτ其直流分量为T E n Sa T E F n ττωτ=⎪⎭⎫ ⎝⎛=→2lim100 基波分量的幅度为⎪⎭⎫ ⎝⎛⋅=+-2sin 2111τωπEF F 二次谐波分量的幅度为⎪⎭⎫ ⎝⎛⋅=+-22sin 122τωπEF F 三次谐波分量的幅度为⎪⎭⎫ ⎝⎛⋅=+-23sin 32133τωπE F F 由所给参数kHz f 5=可得s T s rad 441102,/10-⨯==πω 将各参数的值代入,可得直流分量大小为V 110210201046=⨯⨯⨯--基波的有效值为())(39.118sin 210101010sin 210264V ≈=⨯⨯⨯- πππ二次谐波分量的有效值为())(32.136sin 251010102sin 21064V ≈=⨯⨯⨯- πππ三次谐波分量的有效值为())(21.1524sin 32101010103sin 2310264V ≈=⨯⨯⨯⨯- πππ3-3 若周期矩形信号)(1t f 和)(2t f 的波形如图3-2所示,)(1t f 的参数为s μτ5.0=,s T μ1= ,V E 1=; )(2t f 的参数为s μτ5.1=,s T μ3= ,V E 3=,分别求:(1))(1t f 的谱线间隔和带宽(第一零点位置),频率单位以kHz 表示; (2))(2t f 的谱线间隔和带宽; (3))(1t f 与)(2t f 的基波幅度之比; (4))(1t f 基波与)(2t f 三次谐波幅度之比。
郑君里《信号与系统》(第3版)笔记和课后习题(含考研真题)详解-第3章 傅里叶变换【圣才出品】
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2.周期信号和抽样信号的特性(见表 3-1-5) 表 3-1-5 周期信号和抽样信号的特性对比
五、雷达测距原理,雷达信号的频谱 设雷达的射频脉冲的持续时间为 T0,发送信号的周期为 T1,目标与雷达之间的距离为 d(以 m 为单位),光速为 c,τ 代表往返时间,则有 τ=2d/c。 为考察测距精度质量给出以下两个指标数据:
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且 f=5kHz,得:T=1/f=200μs
所以
a0
1 T
T
2 T
2
f (t)dt
1 T
2 2
Edt
T
E
20 10 200
1V
an
2 T1
t0 T1 f (t) cos(nt)dt 2
t0
T
2
E
cos(nt)dt
π
π
3π
3π
其中 ω=2π/T。
3-2 周期矩形信号如图3-2-2所示。 若重复频率 f=5kHz,脉宽 τ=20μs,幅度 E=10V,求直流分量大小以及基波、二 次和三次谐波的有效值。
图 3-2-2 解:由图 3-2-2 可知,f(t)为偶函数,其傅里叶级数不含正弦项,因此 bn=0。
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3.2 课后习题详解
3-1 求图 3-2-1 所示对称周期矩形信号的傅里叶级数(三角形式与指数形式)。
图 3-2-1
解:(1)三角形式
由图 3-2-1 可知,f(t)为奇函数且无直流分量,故有 a0=an=0。
郑君里信号与系统习题答案第三章
第三章 傅里叶变换一.周期信号的傅里叶级数二.傅里叶变换例题•例题1:傅里叶级数——频谱图 •例题2:傅里叶变换的性质 •例题3:傅里叶变换的定义 •例题4:傅里叶变换的性质 •例题5:傅里叶变换的性质 •例题6:傅里叶变换的性质•例题7:傅里叶变换的性质、频响特性 •例题8:傅里叶变换的性质 •例题9:抽样定理–例题10:周期信号的傅里叶变换例3-1 周期信号 1. 画出单边幅度谱和相位谱;()⎪⎭⎫ ⎝⎛--⎪⎭⎫ ⎝⎛++=328cos 265sin cos 3ππt t t t f 形式频谱:离散性、谐波性、收敛性 周期矩形脉冲信号的频谱特点定义及傅里叶变换存在的条件 典型非周期信号的频谱冲激函数和阶跃信号的傅里叶变换 性质→应用:调制和解调→频分复用周期信号的傅里叶变换:由一些冲激函数组成 抽样信号的傅里叶变换→抽样定理→应用:时分复用2. 画出双边幅度谱和相位谱。
单边幅度谱和相位谱双边幅度谱和相位谱例3-2 分析:f (t )不满足绝对可积条件,故无法用定义求 其傅里叶变换,只能利用已知典型信号的傅里叶 变换和性质求解。
下面用三种方法求解此题。
方法一:利用傅里叶变换的微分性质 方法二:利用傅里叶变换的积分性质 方法三:线性性质方法一:利用傅里叶变换的微分性质要注意直流,设f A(t )为交流分量,f D(t )为直流分量,则 其中()⎪⎭⎫⎝⎛+-+⎪⎭⎫ ⎝⎛-++=ππππ328cos 2265cos cos 3t t t t f ⎪⎭⎫ ⎝⎛++⎪⎭⎫ ⎝⎛-+=38cos 2315cos cos 3ππt t t()。
的傅里叶变换求信号 )(ωF t f ()()()t f t f t f D A +=()()()ωωωD A F F F +=()()()[]2321=∞+∞-=f f t f D ()()ωπδω3=D F ()()t f t f A'='()⎪⎭⎫ ⎝⎛-='211t G t f A ()ωωωωj Ae F j -⎪⎭⎫ ⎝⎛=∴2Sa方法二:利用傅里叶变换的积分性质方法三:利用线性性质进行分解此信号也可以利用线性性质进行分解,例如例3-3已知信号f (t )波形如下,其频谱密度为F (j ω),不必求出F (j ω)的表达式,试计算下列值:()ωωωωj e F j A -⎪⎭⎫⎝⎛=∴2Sa ()()()()ωπδωωωωωω32Sa +⎪⎭⎫ ⎝⎛=+=∴-j e F F F j DA ())(11t f t f +=的积分为)()(21t f t f ()ωωωj e F -⎪⎭⎫ ⎝⎛=2Sa 2()()()ωωωπωωωπωωωj e e j F j j --⎪⎭⎫ ⎝⎛+=⎪⎭⎫ ⎝⎛⎥⎦⎤⎢⎣⎡+=∴2Sa 2Sa 11 ()[]()()ωωωπδωωωj e F F F j -⎪⎭⎫ ⎝⎛+=+=∴2Sa 311()[])1(2)1()()1()(-+--++-=t u t u t u t t u t f ()ωωπδj 1-()2121ωωωωωj e e j j j j ---+-()ωωωπδj e j -+22()()()ωπδωωω312+-=∴-j e F j ()()01=ωωF ()()⎰∞∞-ωωd 2F -t tj d ω(()⎰∞-====∴5.1d 00t t f F F ωω令t =0,则 则例3-4按反褶-尺度-时移次序求解已知方法二:按反褶-时移-尺度次序求解已知方法三利用傅里叶变换的性质其它方法自己练习。
信与系统版课后答案郑君里高等教育出版社
移位变换,一定要注意移位量和移位的方向。 1-9 解题过程:
(1) f (t ) = (2 − e−t )u (t )
( ) (2) f (t ) = 3e−t + 2e−2t u (t )
2
( ) (3)f (t ) = 5e−t − 5e−2t u (t )
现。若有则非因果系统,否则为因果系统; ② 对于时间连续系统
冲激响应
h
(t
)
⎧⎪= ⎨⎪⎩ ≠
h h
(t (t
) )
u u
(t (t
) )
因果系统 非因果系统
③ 对于时间离散系统
解题过程:
单位冲激响应
h
(
n)
⎧⎪= ⎨⎪⎩ ≠
h h
(n) (n)
u u
(n) (n)
因果系统 非因果系统
(1) r (t ) = de(t )
线性系统是指系统的全响应可以分解为零输入响应和零状态响应,并且二者均分别具有 线性性质。
本题未说明初始条件,可认为系统起始状态为零(“松弛”的),故零输入响应为零,只 需判断系统的输入——输出是否满足线性。
(2)时不变性(Time-Invariblity):是指当激励延迟一段时间 t0 时,其响应也同样延迟 t0 ,
(R2
+
2L) C
d2 dt 2
v0 (t)
+
2R C
d dt
v0 (t)
+
1 C2
v0 (t)
=
MR
d3 dt 3
e(t)
∫ v0 (t)
郑君里《信号与系统》(第3版)【教材精讲+考研真题解析】讲义 第3章 傅里叶变换 【圣才出品】
第3章傅里叶变换[视频讲解]3.1本章要点详解本章要点■周期信号的傅里叶级数分析■典型周期信号的傅里叶级数■傅里叶变换■典型非周期信号的傅里叶变换■冲激函数和阶跃函数的傅里叶变换■傅里叶变换的基本性质■卷积特性■周期信号的傅里叶变换■抽样信号的傅里叶变换■抽样定理重难点导学一、引言傅里叶变换是在傅里叶级数正交函数展开的基础上发展而产生的,这方面的问题又称为傅里叶分析(频域分析)。
频域分析将时间变量变换成频率变量,揭示了信号内在的频率特性以及信号时间特性与其频率特性之间的密切关系,从而引出了信号的频谱、带宽以及滤波、调制和频分复用等重要概念。
二、周期信号的傅里叶级数分析1.三角函数形式的傅里叶级数(1)三角函数集是一个完备的正交函数集,其中t 在一个周期内,n =0,1,···,∞。
(2)级数形式周期函数()f t 可以由三角函数的线性组合来表示。
若()f t 的周期为1T ,角频率为112T πω=,频率为111f T =,则傅里叶级数展开表达式为0111121210111()cos()sin()cos(2)sin(2)...[cos()sin()]n n n f t a a t b t a t b t a a n t b n t ωωωωωω∞==+++++=++∑其中,直流分量为010011()t T t a f t dt T +=⎰余弦分量的幅度为010112()cos()t T n t a f t n t dt T ω+=⎰正弦分量的幅度为010112()sin()t T n t b f t n t dt T ω+=⎰其中。
(3)其他形式余弦形式为正弦形式为满足狄里赫利条件的周期信号才能进行傅里叶级数展开。
任何周期信号只要满足狄里赫利条件就可以分解成直流分量及许多正弦、余弦分量。
2.指数形式的傅里叶级数(1)复指数正交函数集(2)级数形式(3)系数011011()t T jn t n t F f t e dt T ω+-=⎰3.两种系数之间的关系及频谱图(1)系数关系(2)幅频、相频关系幅频关系相频关系(3)频谱图4.总结(1)周期信号f(t)的傅里叶级数形式有两种:①三角函数形式②指数形式(2)两种频谱图的关系(3)三个性质:收敛性、谐波性、唯一性。
郑君里信号与系统习题答案
郑君⾥信号与系统习题答案第三章傅⾥叶变换⼀.周期信号的傅⾥叶级数⼆.傅⾥叶变换例题例题1:傅⾥叶级数——频谱图 ?例题2:傅⾥叶变换的性质 ?例题3:傅⾥叶变换的定义 ?例题4:傅⾥叶变换的性质 ?例题5:傅⾥叶变换的性质 ?例题6:傅⾥叶变换的性质例题7:傅⾥叶变换的性质、频响特性 ?例题8:傅⾥叶变换的性质 ?例题9:抽样定理–例题10:周期信号的傅⾥叶变换例3-1 周期信号 1. 画出单边幅度谱和相位谱;()?--??? ??++=328cos 265sin cos 3ππt t t t f 形式频谱:离散性、谐波性、收敛性周期矩形脉冲信号的频谱特点定义及傅⾥叶变换存在的条件典型⾮周期信号的频谱冲激函数和阶跃信号的傅⾥叶变换性质→应⽤:调制和解调→频分复⽤周期信号的傅⾥叶变换:由⼀些冲激函数组成抽样信号的傅⾥叶变换→抽样定理→应⽤:时分复⽤2. 画出双边幅度谱和相位谱。
单边幅度谱和相位谱双边幅度谱和相位谱例3-2 分析:f (t )不满⾜绝对可积条件,故⽆法⽤定义求其傅⾥叶变换,只能利⽤已知典型信号的傅⾥叶变换和性质求解。
下⾯⽤三种⽅法求解此题。
⽅法⼀:利⽤傅⾥叶变换的微分性质⽅法⼆:利⽤傅⾥叶变换的积分性质⽅法三:线性性质⽅法⼀:利⽤傅⾥叶变换的微分性质要注意直流,设f A(t )为交流分量,f D(t )为直流分量,则其中()?+-+? -++=ππππ328cos 2265cos cos 3t t t t f ?++??? ??-+=38cos 2315cos cos 3ππt t t()。
的傅⾥叶变换求信号 )(ωF t f ()()()t f t f t f D A +=()()()ωωωD A F F F +=()()()[]2321=∞+∞-=f f t f D ()()ωπδω3=D F ()()t f t f A'='()??? ??-='211t G t f A ()ωωωωj Ae F j -??=∴2Sa⽅法⼆:利⽤傅⾥叶变换的积分性质⽅法三:利⽤线性性质进⾏分解此信号也可以利⽤线性性质进⾏分解,例如例3-3已知信号f (t )波形如下,其频谱密度为F (j ω),不必求出F (j ω)的表达式,试计算下列值:()ωωωωj e F j A -??=∴2Sa ()()()()ωπδωωωωωω32Sa +??? ??=+=∴-j e F F F j DA ())(11t f t f +=的积分为)()(21t f t f ()ωωωj e F -??? ??=2Sa 2()()()ωωωπωωωπωωωj e e j F j j --??? ??+=??? ???+=∴2Sa 2Sa 11 ()[]()()ωωωπδωωωj e F F F j -??? ??+=+=∴2Sa 311()[])1(2)1()()1()(-+--++-=t u t u t u t t u t f ()ωωπδj 1-()2121ωωωωωj e e j j j j ---+-()ωωωπδj e j -+22()()()ωπδωωω312+-=∴-j e F j ()()01=ωωF ()()?∞∞-ωωd 2F -t tj d ω(()?∞-====∴5.1d 00t t f F F ωω令t =0,则则例3-4按反褶-尺度-时移次序求解已知⽅法⼆:按反褶-时移-尺度次序求解已知⽅法三利⽤傅⾥叶变换的性质其它⽅法⾃⼰练习。
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3-1 解题过程:
(1)三角形式的傅立叶级数(Fourier Series ,以下简称 FS )
f ( t ) = a +
+∞
cos ( n ω t
) + b sin ( n ω t ) a 0 ∑ n 1
n 1 n =1
式中ω1 =
2π
,n 为正整数,T 1 为信号周期
T 1
1 t +T
(a )直流分量
a 0 = 0 ∫ 1 f ( t ) dt
T
1 t
2 t +T
(b )余弦分量的幅度
a n = 0
∫ 1
f ( t ) cos ( n ω1t ) dt
T
1 t 0
2 t +T
(c )正弦分量的幅度
b n = 0 ∫ 1
f ( t ) sin ( n ω1t ) dt
T 1 t
(2)指数形式的傅立叶级数
+∞
f ( t ) = ∑ F ( n ω1 )e jn ω1t
n =
其中复数频谱
F n
= F ( n ω1 ) = 1 ∫t 0 +T 1
f ( t ) e − jn ω1
t dt T 1 t 0
F n =
1
( a n − jb n ) F − n = 1 ( a n + jb n ) 2 2
由图 3-1 可知, f ( t ) 为奇函数,因而a 0 = a n = 0
4 T
b n = T ∫02
= 2E
π n
4
T
E
−2E
E
f (
t ) sin ( n ω t ) dt =
sin ( n ω t ) dt = cos ( n ω t = 1 − cos ( n π
2T 1 ∫0 2 1 n t 1 n ) 1
n = 2, 4,
n = 1, 3,
所以,三角形式的 FS 为
2 E
1 1
2π f ( t ) =
sin ( ω1t ) +
sin ( 3ω1t ) +
sin ( 5ω1t ) +
ω1 =
π 3 5
T
指数形式的 FS 的系数为
1
n = 0, ±2, ±4,
F n = − jb n jE
=
2 n = 0,
−
± 1, ±3,
n π
1
所以,指数形式的 FS 为
f ( t ) = − jE π e
j ω1
t
+ πjE e − j ω1t − 3jE π e j 3ω1t + 3jE
π e − j 3ω1t +
3-15 分析:半波余弦脉冲的表达式 f ( t ) =
π
τ E cos t u t
+ τ 2
求 f ( t ) 的傅立叶变换有如下两种方法。
解题过程:
方法一:用定义
F ( ω ) =
τ
π
− j ωt
2
τ E cos
t e
dt
∫
− τ
2
=
E
τ π π
∫
e
+ e
dt
j
−ω t
− j +ω t
2
2
E π τ
π
τ
E
π j −ω − j
−ω
− j
=
e τ 2 − e τ 2
−
e τ π π
2 j τ − ω
2 j
τ + ω
τ
τ
E cos
ω
E cos
ω
2 2 =
+
π − ω
π + ω
τ
τ
τω
2 E τ cos
2 =
ωτ
2
π 1 −
π
ω = 2π
1
T
τ
− u t −
2
τ
π
τ
+ ω
j
+ω
2 − e τ 2
方法二:用 FT 的性质和典型的 FT 对
f ( t ) = E cos π t u t + τ − u t − τ
τ 2 2
F ( ω ) E π τ
τ = F cos t F u t + − u t −
2π 2 2 τ
π
π π
其中 F cos t
= π δ ω + + δ ω − , τ τ
τ
τ τ 2
ωτ
F u t + − u t − = sin 2 2
ω 2
代入 F ( ω ) = E
π
τ
τ
F cos
t
F u t +
− u t − 得
2π
τ
2
2
2
F (ω)=Eππ2ωτπ δω++ δω −sin
2πτω
τ2ω +
π
τω −
π
τ
ττ
sin sin
22
= E+
ππ
ω+ τω −τ
τω
2 Eτ cos
2
=π
ωτ 2 1 −
π
其频谱图如下图所示:
3-19 分析:本题意在说明:对于两频域信号,如果其幅频特性相同,但是相频特性不同则它们对应的时域信号是不一样的。
解题过程:
()(0 )(0 )()0(0 )(0 )(a)Fω= A uω +ω− uω −ω,ϕω=ω t uω +ω− uω−ω
(()(0 )(0 )
所以, Fω=Fωe jϕ(ω)=Ae jωt0uω +ω− uω −ω
先求 F1(ω)= u (ω+ω0)− u (ω−ω0)的FT: f1(t )
由 F Saωt=πuω +ω
c )− uω−ω
( c )ω
c
(( c )
3。