高二物理暑假作业
【高二】高二物理暑假作业测试卷答案
【高二】高二物理暑假作业测试卷答案1.闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的n极朝下。
当磁铁向下运动时(但未插入线圈内部)()a.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引b.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排挤c.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引d.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向恰好相反，磁铁与线圈相互排挤2在第一象限空间中有匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xoy平面向里，大小为b。
现有一质量为m、电荷量为q的带电粒子，由x轴上到原点的距离为x0的p点，以平行于y轴的初速度射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于y轴的方向射出此磁场。
不计重力的影响。
由这些条件()a.无法确认粒子速度的大小b.不能确定粒子通过y轴时的位置c.无法确认粒子在磁场中运动所经历的时间d.以上三个判断都不对3.“探究影响通电导线受力的因素”装置图。
实验时，先维持导线通电部分的长度维持不变，发生改变电流的大小;然后维持电流维持不变，发生改变导线通电部分的长度。
对于该实验，以下观点恰当的就是()a.当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向不变b.维持电流维持不变，拨打1、4时导线受的安培力就是拨打2、3时的3倍c.保持电流不变，接通1、4时导线受到的安培力是接通2、3时的2倍d.拨打1、4，当电流减少为原来的2倍时，通电导线受的安培力增加一倍4.在竖直向上的匀强电场中，从倾角为θ的斜面上的m点水平抛出一个带负电小球，小球的初速度为v0，最后小球落在斜面上的n点。
在已知θ、v0和小球所受电场力大小f及重力加速度g的条件下，不计空气阻力，则下列判断正确的是()a.小球难以承受的重力大小一定大于电场力b.可求出小球落到n点时重力的功率c.纡出来小球落在n点时速度的大小和方向d.可求出小球从m点到n点的过程中电势能的变化量5.电源的电动势为e、内阻为r，平行板电容器c的两金属板水平置放，r1和r2为定值电阻，p为滑动变阻器r的滑片，g为灵敏电流表，a1、a2为理想电流表。
步步高高二物理暑假作业：假期自测(二)
一、单选题步步高高二物理暑假作业：假期自测(二)1. 做匀加速直线运动的物体，依次通过A 、B 、C 三点，位移x AB ＝x BC ，已知物体在AB 段的平均速度大小为3 m/s ，在BC 段的平均速度大小为6m/s ，那么，物体在B 点的瞬时速度大小为（）A ．4 m/sB ．5 m/sC ．4．5 m/sD ．5．5 m/s2.甲、乙两球质量分别为、,从同一地点(足够高)同时静止释放．两球下落过程中所受空气阻力大小f 仅与球的速率v 成正比,与球的质量无关,即f=kv(k 为正的常量),两球的v−t 图象如图所示,落地前,经过时间两球的速度都已达到各自的稳定值 、,则下落判断正确的是()A ．甲球质量大于乙球B ．m 1/m 2=v 2/v 1C ．释放瞬间甲球的加速度较大D ．t 0时间内，两球下落的高度相等B 处，B 离水面还有数米距离．蹦极者(视为质点)在其下降的整个过程中，重力势能的减少量为ΔE 1，绳的弹性势能的增加量为ΔE 2，克服空气阻3.蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱．如图所示，蹦极者从P 点由静止跳下，到达A 处时弹性绳刚好伸直，继续下降到最低点力做的功为W，则下列说法正确的是( )A．蹦极者从P到A的运动过程中，机械能守恒B．蹦极者与绳组成的系统从A到B的运动过程中，机械能守恒C．ΔE1＝W＋ΔE2D．ΔE1＋ΔE2＝W4. 一位质量为m的运动员从下蹲状态向上跳起，经Δt时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v，在此过程中，下列说法正确的是(重力加速度为g)( )A．地面对他的冲量为mv＋mgΔt，地面对他做的功为B．地面对他的冲量为mv－mgΔt，地面对他做的功为零C．地面对他的冲量为mv，地面对他做的功为D．地面对他的冲量为mv＋mgΔt，地面对他做的功为零5. 一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为 ( )A．动能减小B．电势能增加C．动能和电势能之和减小D．重力势能和电势能之和增加6. 物理学家霍尔于1879年在实验中发现，当电流垂直于磁场通过导体或半导体材料左右两个端面时，在材料的上下两个端面之间产生电势差。
高二物理暑假作业_电磁学经典题(附详解答案)
高二暑假物理作业（电磁学部分常考点复习） 班级： 姓名：1.匝数为Ｎ、面积为Ｓ、总电阻为Ｒ的矩形闭合线圈，在磁感应强度为Ｂ的匀强磁场中按如图3－95所示方向（俯视逆时针）以角速度ω绕轴ＯＯ′匀速转动．ｔ=0时线圈平面与磁感线垂直，规定ａｄｃｂａ的方向为电流的正方向．求：（1）线圈转动过程中感应电动势瞬时值的表达式．（2）线圈从图示位置开始到转过90°的过程中的平均电动势． （3）线圈转到与图示位置成60°角时的瞬时电流． （4）线圈转动一周过程中外力做的功．2.所示为测量某种离子的荷质比的装置．让中性气体分子进入电离室Ａ，在那里被电离成离子．这些离子从电离室的小孔飘出，从缝Ｓ１进入加速电场被加速，然后让离子从缝Ｓ２垂直进入匀强磁场，最后打在底片上的Ｐ点．已知加速电压为Ｕ，磁场的磁感应强度为Ｂ，缝Ｓ２与Ｐ之间的距离为ａ，离子从缝Ｓ１进入电场时的速度不计，求该离子的荷质比ｑ/ｍ．3. 在如图3－97所示，以Ｏ点为圆心，以ｒ为半径的圆与坐标轴交点分别为ａ、ｂ、ｃ、ｄ，空间有一与ｘ轴正方向相同的匀强电场，同时，在Ｏ点固定一个电量为+Ｑ的点电荷．如果把一个带电量为-ｑ的检验电荷放在ｃ点，恰好平衡，求： （1）匀强电场的场强大小Ｅ为多少? （2）ａ、ｄ点的合场强大小各为多少?（3）如果把Ｏ点的正点电荷＋Ｑ移走，把点电荷-ｑ从ｃ点沿ｘ轴移到ａ点，求电场力做的功及点ｃ、ａ两点间的电势差．4. 如图3－105所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为Ｂ的匀强磁场，区域Ⅰ磁场方向垂直斜面向下，区域Ⅱ磁场方向垂直斜面向上，磁场宽度均为Ｌ，一个质量为ｍ、电阻为Ｒ、边长也为Ｌ的正方形线框，由静止开始下滑，沿斜面滑行一段距离后ａｂ边刚越过ｅｅ′进入磁场区域Ⅰ时，恰好做匀速直线运动，若当ａｂ边到达ｇｇ′与ｆｆ′的中间位置时，线框又恰好做匀速直线运动，求： （1）当ａｂ边刚越过ｅｅ′进入磁场区域Ⅰ时做匀速直线运动的速度ｖ； （2）当ａｂ边刚越过ｆｆ′进入磁场区域Ⅱ时，线框的加速度ａ；（3）线框从ａｂ边开始进入磁场Ⅰ至ａｂ边到达ｇｇ′与ｆｆ′的中间位置的过程产生的热量Ｑ．5. 如图3－108甲所示，ｘ轴上方为一垂直于平面ｘＯｙ向里的匀强磁场，磁感应强度为Ｂ，ｘ轴下方为方向平行于ｘ轴，但大小一定（假设为Ｅ０）、方向作周期性变化的电场．在坐标为（Ｒ，Ｒ）的Ａ点和第四象限中某点各放置一个质量为ｍ，电量为ｑ的正点电荷Ｐ和Ｑ，Ｐ、Ｑ的重力及它们之间的相互作用力均不计，现使Ｐ在匀强磁场中开始做半径为Ｒ的匀速圆周运动，同时释放Ｑ，要使两电荷总是以相同的速度同时通过ｙ轴，求：（1）场强Ｅ0的大小及方向变化的周期；（2）在如图乙所示的Ｅ－ｔ图中作出该电场的变化图象（以释放电荷Ｐ时为初始时刻，ｘ轴正方向作为场强的正方向），要求至少画出两个周期的图象．第二题图6. 如图所示，理想变压器原线圈中输入电压Ｕ１＝3300Ｖ，副线圈两端电压Ｕ２为220Ｖ，输出端连有完全相同的两个灯泡Ｌ１和Ｌ２，绕过铁芯的导线所接的电压表Ｖ的示数Ｕ＝2Ｖ，求： （1）原线圈ｎ１等于多少匝?（2）当开关Ｓ断开时，表Ａ２的示数Ｉ２＝5Ａ，则表Ａ１的示数Ｉ１为多少? （3）当开关Ｓ闭合时，表Ａ１的示数Ｉ１′等于多少?7．在真空室内，速度为ｖ=6.4×10７ｍ／ｓ的电子束连续地沿两平行导体极板的中心线射入，如图3－113所示，极板长Ｌ＝8．0×10－2ｍ，两极板间的距离ｄ=5．0×10－3ｍ，两极板不带电时，电子束将沿中心线射出极板．今在两极板间加上50Ｈｚ的交变电压ｕ＝Ｕ０ｓｉｎ100πｔ（Ｖ），发现有时有电子从两极板之间射出，有时则无电子从两极板间射出．若有电子射出的时间间隔与无电子射出的时间间隔之比为Δｔ１／Δｔ２＝2∶1，则所加的交变电压的最大值Ｕ０为多大?（已知电子的质量为ｍ=9.1×10－31ｋｇ，电量为ｅ=1．6×10－19Ｃ）8. 一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n ＝100，穿过每匝线圈的磁通量φ随时间按正弦规律变化，如图所示。
20222022学年下学期暑假作业高二物理答案与解析
20222022学年下学期暑假作业高二物理答案与解析暑假作业一电磁感应中“两定律三定则”的灵活应用1．【答案】BCD【解析】[铜质弦为非磁性材料，不能被磁化，选用铜质弦，电吉他不能正常工作，A项错误；若取走磁体，金属弦不能被磁化，其振动时，不能在线圈中产生感应电动势，电吉他不能正常工作，B项对；由ΔΦE＝n可知，C项正确；弦振动过程中，穿过线圈的磁通量大小不断变化，由楞次定律可知，线圈中感Δt应电流方向不断变化，D项正确．2．【答案】B【解析】[由楞次定律知，欲使b中产生顺时针电流，则a环内磁场应向里减弱或向外增强，a环的旋转情况应该是顺时针减速或逆时针加速，由于b环又有收缩趋势，说明a环外部磁场向外，内部向里，故选B.] 3．【答案】BT3T【解析】[在～时间内，穿过线框的磁场方向先向里减小后向外增加，由楞次定律可知感应电流的磁44场方向向里，故感应电流的方向始终沿顺时针方向，选B.]4．【答案】BD【解析】[根据右手定则或楞次定律可知，选项A错误，B正确；根据楞次定律“来拒去留”的口诀可知，导线框进入磁场和离开磁场时，受到的安培力方向均是水平向左，所以选项C错误，D正确．本题答案为B、D.]5．【答案】AB【解析】[t1时刻，电流增大，由楞次定律知，线圈有远离螺线管、收缩面积的趋势，选项A正确；t2时刻电流达到最大，变化率为零，故线圈中无感应电流，FN＝G，此时穿过P的磁通量最大，选项B正确；t3时刻电流为零，但电流从有到无，故穿过线圈的磁通量发生变化，此时P中有感应电流，选项C错误；t4时刻电流变化率为零，线圈中无感应电流，FN＝G，此时穿过P的磁通量最大，选项D错误．]6．【答案】ALL【解析】[将线框从磁场中以恒定速度v1向右匀速拉出，时间t1＝÷v1＝；让线框绕轴MN以线速度v222v12v2ππL匀速转过90°，角速度ω＝，时间t2＝÷ω＝，两次过程中线框产生的平均感应电动势相等，t2＝t1，L24v2解得v1∶v2＝2∶π，选项A正确．]7．【答案】CDnΔΦΔB【解析】[根据法拉第电磁感应定律E＝＝n·S求出E＝1.2V，选项A错；根据全电路欧姆定律IΔtΔtE－＝＝0.12A，根据P＝I2R1，得R1消耗的功率P＝5.76某102W，选项B错；由楞次定律得选项R1＋R2＋rC对；S断开后，流经R2的电荷量即为S闭合时C板上所带电荷量Q，电容器两端的电压U＝IR2＝0.6V，流经R2的电荷量Q＝CU＝1.8某105C，选项D对．]－mgR8．【答案】(1)mg(inθ－3μcoθ)(2)(inθ－3μcoθ)22 BL【解析】(1)由ab、cd棒被平行于斜面的导线相连，故ab、cd速度总是相等，cd也做匀速直线运动．设导线的张力的大小为T，右斜面对ab棒的支持力的大小为FN1，作用在ab棒上的安培力的大小为F，左斜面对cd棒的支持力大小为FN2，对于ab棒，受力分析如图甲所示，由力的平衡条件得甲乙2mginθ＝μFN1＋T＋F①FN1＝2mgcoθ②对于cd棒，受力分析如图乙所示，由力的平衡条件得mginθ＋μFN2＝T③FN2＝mgcoθ④联立①②③④式得：F＝mg(inθ－3μcoθ)(2)设金属棒运动速度大小为v，ab棒上的感应电动势为E＝BLv⑤E回路中电流I＝⑥R安培力F＝BIL⑦联立⑤⑥⑦得：mgRv＝(inθ－3μcoθ)22.BLFB2l2t09．【答案】(1)Blt0(－μg)(2)mm【解析】(1)设金属杆进入磁场前的加速度大小为a，由牛顿第二定律得F－μmg＝ma①设金属杆到达磁场左边界时的速度为v，由运动学公式有v＝at0②当金属杆以速度v在磁场中运动时，由法拉第电磁感应定律知产生的电动势为E＝Blv③联立①②③式可得FE＝Blt0(－μg)④m(2)设金属杆在磁场区域中匀速运动时，金属杆中的电流为I，根据欧姆定律EI＝⑤R式中R为电阻的阻值．金属杆所受的安培力为F安＝BlI⑥因金属杆做匀速运动，有F－μmg－F安＝0⑦联立④⑤⑥⑦式得B2l2t0R＝⑧.m10．【答案】BD11．【答案】BD【解析】[ab匀速运动时，ab中感应电流恒定，L1中磁通量不变，穿过L2的磁通量不变，L2中无感应电流产生，cd杆保持静止，A不正确；ab向右加速运动时，L2中的磁通量向下增大，由楞次定律知L2中感应电流产生的磁场方向向上，故通过cd的电流方向向下，cd向右移动，B正确；同理可得C不正确，D正确．]12．【答案】D【解析】[由题意知线圈经过位置2时穿过线圈的磁通量为零，但磁通量的变化率不为零，故A、B均错误；从位置1到位置3的整个过程中，穿过线圈的磁通量是先向外逐渐减小到零，然后向里逐渐增大，由楞次定律知线圈中感应电流的方向始终沿逆时针方向，线圈所受的磁场力的方向始终向右，故C错误，D正确．]暑假作业二电磁感应中综合问题的复习策略1．【答案】AB【解析】[将圆盘看成无数幅条组成，它们都在切割磁感线从而产生感应电动势和感应电流，根据右手定则可知圆盘上感应电流从边缘流向中心，则当圆盘顺时针(俯视)转动时，流过电阻的电流方向从a到b，1EB 对；由法拉第电磁感应定律得感生电动势E＝BLv＝BL2ω，I＝，ω恒定时，I大小恒定，ω大小2R＋rB2L4ω2R变化时，I大小变化，方向不变，故A对，C错；由P＝IR＝知，当ω变为2倍时，P变为原4（R＋r）22来的4倍，D错．]2．【答案】BB2L2v【解析】[小灯泡稳定发光，说明导体棒MN匀速运动，则有mgin37°－－μmgco37°＝0，可得导RL＋R体棒MN的运动速度v＝5m/；小灯泡消耗的电功率P＝I2RL＝1W．]3．【答案】C【解析】[由右手定则可知通过金属导线的电流由b到a，即通过电阻R的电流方向为M→R→P，A错误；金属导线产生的感应电动势为BLv，而a、b两点间的电压为等效电路路端电压，由闭合电路欧姆定律可2知，a、b两点间电压为BLv，B错误；金属导线可等效为电源，在电源内部，电流从低电势流向高电势，3所以a端电势高于b端电势，C正确；根据能量守恒定律可知，外力F做的功等于电阻R和金属导线产生的焦耳热之和，D错误．]4．【答案】A5．【答案】AΔB【解析】[在0～1内，据E＝S可知感应电动势恒定，感应电流恒定，且电流为逆时针方向，在图象ΔtΔB中为负；1～2内，B不变，i＝0；2～3内，由E＝·S知i恒定，方向为正．综合分析可知A正确．]Δt6．【答案】A【解析】[因通电导线周围的磁场离导线越近磁场越强，而线框中左、右两边的电流大小相等，方向相反，所以其受到的安培力方向相反，线框的左边受到的安培力大于线框的右边受到的安培力，所以合力与线框的左边受力的方向相同．因为线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右，根据左手定则，线框处的磁场方向先垂直纸面向里，后垂直纸面向外，根据右手螺旋定则，导线中的电流先为正，后为负，所以选项A正确，选项B、C、D错误．]7．【答案】DEB2L2v【解析】[导线框进入磁场的过程中，线框受到向左的安培力作用，根据E＝BLv、I＝、F＝BIL得F＝，RR随着v的减小，安培力F减小，导线框做加速度逐渐减小的减速运动．整个导线框在磁场中运动时，无B2L2v感应电流，导线框做匀速运动，导线框离开磁场的过程中，根据F＝，导线框做加速度减小的减速R运动，所以选项D正确．]8．【答案】BCD【解析】[ab杆的速度方向与磁感应强度的方向平行，不切割磁感线，只有cd杆运动切割磁感线．设cdE杆向下运动的速度为v1，根据闭合电路的欧姆定律及法拉第电磁感应定律有I＝，E＝BLv1，cd杆只受2R到竖直向下的重力mg和竖直向上的安培力作用，因为cd杆与导轨间没有正压力，所以摩擦力为零．由B2L2v12mgR平衡条件得mg＝BIL＝，解得cd杆向下匀速运动的速度为22.ab杆的受力如图所示，根据平衡2RBL条件可得FN＝2mg，F＝Ff＝2μmg.综上所述，选项B、C、D正确．]9．【答案】BDmg（R＋r）BLvm【解析】[导体棒由静止释放后，当a＝0时，速度最大，即mg－BL＝0，解得vm＝，AB2L2R＋rBLhBLh项错误．此过程中通过定值电阻的电荷量q＝IΔt＝·Δt＝，B项正确．导体棒克服安培力（R＋r）ΔtR＋r做的功等于整个电路产生的热量，C项错误．由动能定理知对导体棒有ΔEk＝W重＋W安，D项正确．]10．【答案】AD ΔΦ【解析】[根据法拉第电磁感应定律得：E＝，ΔtE根据闭合电路欧姆定律得：I＝，所以导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电量为2REΔΦBdLq＝I·Δt＝·Δt＝＝，故A正确；由E＝BLv知，导体棒返回时随着速度的增大，导体棒产生的感2R2R2R应电动势增大，感应电流增大，由F安＝BIL知导体棒受到的安培力增大，由牛顿第二定律知，加速度减小，所以导体棒返回时先做加速度减小的变加速运动，最后做匀速直线运动，故B错误；根据能量守恒定律知，导体棒沿着导轨上滑过程中回路中产生的总热量为121112Q＝mv0－mgLinθ＝(mv20－mgL)，电阻R上产生的热量为QR＝Q＝(mv0－mgL)，故C错误；2224根据功能关系可知，导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功等于回路中产生的总热量，即W＝Q 12＝(mv0－mgL)，故D正确．所以选A、D.]2Q11．【答案】(1)4倍(2)＋28lmg【解析】(1)设磁场的磁感应强度大小为B，cd边刚进入磁场时，线框做匀速运动的速度为v1，cd边上的感应电动势为E1，由法拉第电磁感应定律，有E1＝2Blv1①E1设线框总电阻为R，此时线框中电流为I1，由闭合电路欧姆定律，有I1＝②R设此时线框所受安培力为F1，有F1＝2I1lB③由于线框做匀速运动，其受力平衡，有mg＝F1④mgR由①②③④式得v1＝22⑤4BlmgR设ab边离开磁场之前，线框做匀速运动的速度为v2，同理可得v2＝22⑥Bl由⑤⑥式得v2＝4v1⑦(2)线框自释放直到cd边进入磁场前，由机械能守恒定律，有2mgl＝mv2⑧21线框完全穿过磁场的过程中，由能量守恒定律，有112mg(2l＋H)＝mv2－mv＋Q⑨2221Q由⑦⑧⑨式得H＝＋28l.mg12．【答案】(1)4.5C(2)1.8J(3)5.4J【解析】(1)设金属棒匀加速运动的时间为Δt，回路的磁通量的变化量为ΔΦ，回路中的平均感应电动势ΔΦ为E，由法拉第电磁感应定律得E＝①Δt其中ΔΦ＝Bl某②设回路中的平均电流为I，由闭合电路欧姆定律得EI＝③R＋r则通过电阻R的电荷量为q＝IΔt④联立①②③④式，得q＝代入数据得q＝4.5C(2)设撤去外力时金属棒的速度为v，对于金属棒的匀加速运动过程，由运动学公式得v2＝2a某⑤1设金属棒在撤去外力后的运动过程中克服安培力所做的功为W，由动能定理得W＝mv2⑥2撤去外力后回路中产生的焦耳热Q2＝－W⑦联立⑤⑥⑦式，代入数据得Q2＝1.8J⑧Bl某R＋r(3)由题意知，撤去外力前、后回路中产生的焦耳热之比Q1∶Q2＝2∶1，可得Q1＝3.6J⑨在金属棒运动的整个过程中，外力F克服安培力做功，由功能关系可知WF＝Q1＋Q2⑩由⑧⑨⑩式得WF＝5.4J.暑假作业三交变电流的产生和描述1．【答案】C【解析】[我国居民日常生活所用交流电压的有效值为U有效＝220V，交流电的频率为f＝50Hz，所以交1－流电压的最大值为Um＝2U有效＝2202V≈311V，周期为T＝＝0.02＝2某102，可见，只有选项Cf正确．本题答案为C.]2．【答案】BC【解析】[t＝0时刻穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，故电压为零，A错．读图得两次周期ω1之比为2∶3，由转速n＝＝得转速与周期成反比，故B正确．读图得a的最大值为10V，ω＝5πrad/，2πT由交流电感应电动势的瞬时值表达式e＝Eminωt(V)(从线圈在中性面位置开始计时)得，u＝10in5πt(V)，220故C正确．交流电的最大值Em＝nBSω，所以根据两次转速的比值可得，交流电b的最大值为某10V＝33V，故D错．]3．【答案】D1Im2【解析】[该交变电流通过定值电阻R后，在一个周期内产生的热量为Q＝某()RT＝I2RT，解得I＝1A，22选项D正确．]4．【答案】CD【解析】[根据右手定则，线圈中感应电流的方向为adcba，A错；当线圈转至图示位置时，线圈中感应电动势应为最大值Em＝nBl1l2ω，此时，穿过线圈磁通量随时间的变化率最大，B错，C对；线圈ad边所nBl1l2ωn2B2l1l22ω受安培力的大小F＝nBIl2＝nBl2＝，D对．]RR5．【答案】BC【解析】[当线框进入磁场过程中，根据E＝BR2ω可得，感应电动势恒定，感应电流恒定，不是正弦式2交流电，A错误，C正确；当线框进入磁场时，根据楞次定律可得，两线框中的感应电流方向为逆时针，当线框穿出磁场时，根据楞次定律可得，线框中产生的感应电流为顺时针，所以感应电流的周期和线框T 运动周期相等，B正确；线框N在完全进入磁场后有时间内穿过线框的磁通量不变化，没有感应电动势4T3T产生，即线框N在0～和～T内有感应电动势，其余时间内没有；而线框M在整个过程中都有感应电44动势，即便两导线框电阻相等，两者的电流有效值不会相同，D错误．]6．【答案】BC【解析】[由交变电流有效值和最大值的关系可知线圈产生的电动势的有效值为2E，选项A错误；由2m2π题意知线圈产生的电动势的最大值为Em＝BSω＝BS，故线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值BST0EmT0＝，选项B正确；线圈转动过程中磁通量变化率的大小等于产生的感应电动势的大小，选项C正确；2π正弦式交变电流一个周期内电流方向变化两次，经过2T0的时间，通过线圈电流的方向改变4次，选项D错误．7.【答案】AC2π【解析】[电流表的示数为交变电流的有效值10A，A项正确；由ω＝可得，线圈转动的角速度为ωT＝100πrad/，B项错误；0.01时，电路中电流最大，故该时刻通过线圈的磁通量最小，即该时刻线圈平面与磁场平行，C项正确；根据楞次定律可得，0.02时电阻R中电流的方向自左向右，D项错误．]8.【答案】BDΔΦ【解析】[t＝0.005时，磁感应强度最大，磁通量最大，而E＝＝0，A错误；t＝0.01时感应电Δt流的方向与0.005～0.01内电流方向相同，由楞次定律可知，感应电流的方向沿顺时针方向，B正确；t＝0.015时的瞬时电流为零，但电流表的示数为有效值，不等于零，C错误；线框中产生的感应电动10πr222E2势的最大值Em＝BSω＝10πr，一个周期内产生的热量Q＝某0.02＝R222Rπr某0.02＝，D正确．]44R9.【答案】D2π【解析】[由图可以看出该交变电流的周期T＝0.02，则线圈转动的角速度ω＝＝100πrad/＝314Trad/，A错误；Em＝nBSω，转速提高1倍，电压的最大值变为原来的2倍，有效值、瞬时值都要发生变U2化，电流也会发生变化，B错误；电热丝两端的电压U＝E＝902V，电热丝的发热功率P＝＝1800R＋rRRW，C错误，D正确．]10.【答案】B【解析】[该线圈产生的交流电动势峰值Em＝NBSω＝502V，A项错误；因为该线圈产生的交流电不是E2TE′2Em完整的正弦式交流电，只有一半，所以根据有效值的定义得某＝T，E ＝，联立解得电动势有效R2R2值E′＝252V，B项正确；电容器的耐压值至少为502V，C项错误；电容器的电容C变大时，容抗变小，电容器的充放电电流增大，D项错误．]11.【答案】D【解析】[设电灯的阻值为R，正弦式交变电压的有效值与峰值的关系是U＝Um，由于一个周期内半个周2Um期有交变电压，一个周期内交变电流产生的热量为Q＝2RTUm2T·＝·，设交变电压的有效值为U，22R2Um2TU2Um由电流热效应得Q＝·＝·T，所以该交变电压的有效值U＝，D正确．]2R2R212.【答案】D1T2【解析】[线框进入磁场和穿出磁场产生的感应电动势均为E＝BωL，产生感应电动势的时间均为，则28BωL22TBL2ω2一个周期产生的电热Q＝()R某某2＝IRT，解得I＝，选D.]2R84R13.【答案】ADU12U02【解析】[第一次，灯泡两端电压的有效值为U1＝，功率P1＝＝.第二次，设灯泡两端电压的有效R2R2U0值为U2，则U0R2＋－U02RTU22＝T，解得U2＝2R5U25U0U0，功率P2＝＝，则P1∶P2＝1∶5，故B、C2R2R22错误，A、D正确．]14.【答案】AC【解析】[根据题述两个相邻正负尖峰电压所对应的时间差为Δt，可得交变电流周期T＝2Δt，驱动轴转动的角速度ω＝的有效值不是U＝2ππ＝，选项A正确．由于产生的交变电流不是按照正弦规律变化的，线圈电压ΔtΔt2Um，选项B错误．根据法拉第电磁感应定律，感应电动势与磁通量变化率成正比，Um2＝nkm，穿过线圈磁通量变化率的最大值km＝，选项C正确．相邻两个向上尖峰时间内，线圈电压的平ΔΦ均值U＝n，因为线圈转过一个完整的周期，磁通量变化量ΔΦ＝0，所以电压平均值等于零，选项D2Δt错误．]Umn暑假作业四变压器电能的输送。
高二物理暑期作业(1)
高二物理暑期作业（1）1．下图是用曝光时间相同的照相机拍摄编号为①、②、③、④的颗石子下落时的径迹，在曝光时间内石子平均速度最小的径迹图是（）2．关于重力做功和重力势能，下列说法中正确的有A. 重力做功与路径无关B. 当物体克服重力做功时，物体的重力势能一定减小C. 重力势能为负值说明物体在零势能参考平面以下D. 重力势能的大小与零势能参考面的选取有关3．如图所示，大小不变的力F拉着物体先在光滑的水平面上运动位移s，F做功为W1；接着沿一粗糙斜面向上拉动物体，又运动了位移s，F做功为W2，以下说法正确的是（）A.W1＞W2B.W1＜W2C.W1=W2D.以上三种情况都有可能4．一个小球自由下落，碰到桌面立即反弹，碰撞前后速度大小不变，取竖直向上方向为速度的正方向，其速度—时间图像是5．一学生用150N的力将质量为0.5kg的球以10m/s的初速度沿水平方向踢出了30m远，则该学生对球做的功为（）A．4500J B．150J C．25J D．无法确定10．如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点间的竖直高度差为h，速度为v，则( )A．由A到B重力做的功等于mgh、 B．由A到B2C．由A到B小球克服弹力做功为mghD．小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh6．某实验小组用如图所示的装置探究小车加速度与力、质量的关系时，用一只夹子夹住两根细绳，以同时控制两辆小车，使他们同时开始运动和停止运动，用夹子的目的是▲A．保持小车质量m不变，便于确定a与F间的关系B．保持小车受的拉力F不变，便于确定a与m间的关系C．保证小车的运动时间t相同，则位移x和加速度a成正比，通过比较两小车的位移x就可以比较它们的加速度a7．小船在静水中的速度是v，今小船要渡过一条河流，渡河时小船朝对岸垂直划行，若航行到河中间时，水流速度增大，则渡河时间与预定时间相比（）A．不变 B．减小C．增大 D．无法确定8．一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员(可视为质点)，a站于地面，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a 刚好对地面无压力，则演员a质量与演员b质量之比为A．1∶1B．2∶1C．3∶1D．4∶19．如图3所示，质量为m的物体置于水平地面上，所受水平拉力F在2 s时间内的变化图象如图4甲所示，其运动的速度图象如图4乙所示，g＝10 m/s2.下列说法正确的是( )A．物体和地面之间的动摩擦因数为0.1 B．水平拉力F的最大功率为5 WC．2 s 末物体回到出发点 D．2 s 内物体的加速度不变10．光滑的水平轨道AB与半径为R的光滑的半圆形轨道BCD相切于B点，其中圆轨道在竖直平面内，B为最低点，D为最高点。
高二物理暑假作业
高二物理暑假作业一、单项选择题13．在下列几种电流的波形图中，不能．．表示交变电流的是ABCD14．如右图所示，在匀强磁场B 中放一电阻不计的平行金属导轨，导轨跟固定的大矩形导体环M 相连接，导轨上放一根金属导体棒ab 并与导轨紧密接触，磁感应线垂直于导轨所在平面．若导体棒匀速地向右做切割磁感线的运动，则在此过程中M 所包围的固定闭合小矩形导体环N 中电流表内A ．有自下而上的恒定电流B ．有自上而下的恒定电流C ．电流方向周期性变化D ．没有感应电流15．如图所示，一小车静止在光滑水平面上，质量不等的甲，乙两人分别站在左右两侧，整个系统原来静止，则当两人同时相向走动时 A ．要使小车静止不动，甲，乙速率相等 B ．要使小车向左运动，甲的速率必须比乙的大 C ．要使小车向左运动，甲的动量必须比乙的大 D ．要使小车向左运动，甲的动量必须比乙的小16．一矩形线圈位于一个方向垂直线圈平面向里的磁场中，如图a 所示，磁感应强度B 随t 的变化规律如图b 所示．以I 表示线圈中的感应电流，以图a 线圈上箭头所示方向的电流为正，则以下的i -t 图中正确的是ABCD17．下列说法正确的是A ．天然放射现象说明了原子核具有复杂结构B ．放射性物质的温度升高，其半衰期减小C ．核裂变与核聚变都伴有质量亏损D ．氢原子从n =4的能级跃迁到n =2的能级要吸收光子18．质量为M 、内壁间距为L 的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m 的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ．初始时小物块停在箱子正中间，如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v ，小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，井与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为 A ．212mv B ．2)(2v m M Mm+C ．12N mgL μD ．mgL N μ19．如右图所示，理想变压器副线圈通过输电线接两个相同的灯泡 L 1和L 2，输电线的等效电阻为R 。
高二物理暑假作业答案
实线波形向左平移⎝⎛⎭⎫n 2＋14λ即为虚线波形]知….只要预知波的传播方向就能确定质点的振动方向，因此v ＝27 m/s 带入v 1，v 2的表达式在T ＝160＋7.5，t 3＝0.3 s ，t 3＝答案分，多项选择选不全者得3分，选错者得0分)15 . 电子（2分）， 向上（3分）三、计算题(34分)（要求写出必要的文字说明、主要方程式和步骤） 16. （10分）解：(1)细线拉断前，小球下落过程机械能守恒： 2112mgL mv =解得线断前小球速度大小为12/v m s =，方向竖直向下 （2分） 设细线断后球速为2v ，方向竖直向下，由 2212H L v t gt -=+可得：21/v m s =，方向竖直向下 （3分）(2)设细线的平均张力为F ，方向竖直向上．取竖直向上为正方向， 由动量定理可得：21()()()F mg t m v m v -∆=--- （3分） 解得：F ＝10 N （2分）(注：每问5分，用其它方法结果正确同样给分） 17、（12分）（1）两木块离开桌面后做平抛运动，设在空中飞行的时间为t ，则有：竖直方向：212h gt = （2分）水平方向有：s=vt （2分） 联立解得：v=3.0m/s （1分）（2）A 、B 碰撞过程，取向右方向为正方向，对AB 整体，由动量守恒定律得：mv′=2mv （2分）则碰前A 物速度大小：v′=2v=6m/s （1分）2/2012mv mgl μ-= （3分）联立得：09/v m s = （1分）一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分，在每小题给出的四个选项中，1－8题只有一个选项正确，9－12题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，选错或不答得0分）1．D 2.B 3.C 4.C 5.A 6.C 7.D 8.A 9.BCD 10.ACD 11.BD 12.AB 二、填空实验题（本题包含3个小题，共18分，把答案填在答题卡上相应位置）13. （6分）（1）B 的右端至D 板的距离l 2（3分） （2）2211t lm t l m B A=（3分） 14. （6分） AB 和CD （3分） n ＝CDAB（3分）15. （6分） ⑴ 5（3分） ⑵12.09（3分）三、计算题（本小题共4个小题，共44分，解答写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16. （10分）解：（1）该波向右传播． (2分)s 05.043=+nT T ， (n =0，1，2，3，……) (2分) ()Hz,15201+==n Tf (n =0，1，2，3，……) (2分)) m/s 90==Tv λ. (2分)17. （10分）（1）根据题意，可画出光路图如图所示，单色光沿AO 方向从P 点射入介质时，根据几何关系可知入射角和折射角分别为：i =60°，（1分）r =30°.（1分）根据折射定律有sin sin in r=，（2分）解得n =（1分）（2）设光束在该介质中折射时的临界角为C ，有：1sin C n=， （1分） 由几何关系可知∠1=60° ，∠1大于C ，光射到AB 面上发生全反射， （1分）光从BD 弧上某点E 射出介质，且由：PO=OE=R又c n v =，（1分）PO OE t v+=，（1分） 解得.32c Rt =（1分）18. （10分）解析：（1）He H Li 42316310+→+n （4分）（2）根据2Mc E ∆=∆， （4分）得：kg.105.8109106.1108.43016196--⨯=⨯⨯⨯⨯=∆M （2分） 19. （14分）解：（1）设与弹性网碰撞前瞬间物块甲的速度大小为v 甲， 有v 甲2=2gh ,(1分）代入数据得 v 甲=5m/s.物块甲反弹后的速度方向向上，大小为v 甲′=v 甲=5m/s. (1分） 取向上为正方向，由动量定理得Ft 0－m 甲gt 0=m 甲v 甲′－(－m 甲v 甲)， (2分） 代入数据得F =33N. (2分） (2)设物块甲与物块乙碰前的速度大小分别为v 甲″、v 乙，碰后物块乙的速度大小为v 乙′，v 乙=gt =3m/s,方向竖直向下. (1分）两球发生弹性碰撞，取向下为正方向，有222111222m v m v m v m v m v m v '''-='''+=乙乙乙乙甲甲乙乙乙乙甲甲 可得v ''甲=3m/s ，v '乙=-6m/s.假设碰撞的位置距离弹性网的高度为h 1，则由2212v v gh '''-=-甲甲 , (1分）h 1=0.8m ，碰撞后物块乙上升的高度为2 1.82v h mg'==乙，有 v 乙′2=2gh 2， （1分）解得h 2=1.8m.则物块乙到达最高点时距弹性网的高度h 总=h 1 +h 2, 得h 总=2.6m.， （2分）， （2分）。
新高二物理暑假作业(必修2含答案)
高二物理暑假作业（1）今日复习：平抛运动专题重点解读：平抛运动（1）特点:①具有水平方向的初速度;②只受重力作用，是加速度为重力加速度g的匀变速曲线运动.（2）运动规律:平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动.由两个分运动规律来处理针对训练：1．关于平抛物体的运动，下列说法中正确的是( )A．平抛运动不是匀变速运动B．平抛运动的水平位移只与水平速度有关C．平抛运动的飞行时间只取决于初始位置的高度D．平抛运动的速度和加速度方向不断变化2．如图1甲所示，在一个向右行驶的车厢内有一高h的货架，货架边缘有一小球。
当车突然加速行驶时，小球从货架边缘脱落，若小球下落过程中未与车厢后壁相碰，则以地面为参考系，小球下落时的运动轨迹应是图1乙中的 ( )图13．在同一平台上的O 点抛出的3个物体，做平抛运动的轨道如图2所示，则3个物体做平抛运动的初速度C B A v v v ,,的关系和3个物体平抛运动的时间C B A t t t ,,的关系分别是( )A 、AB c v v v >>B 、A B c v v v <<C 、A B C t t t >>D 、A B C t t t <<4．物体做平抛运动时，它的速度方向与水平方向的夹角α的正切tanα随时间t 变化的图像是图3中的( )5．甲、乙两球位于同一竖直直线上的不同位置，甲比乙高h ，如图4所示，将甲、乙两球分别以υ1、υ2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是( )A ．同时抛出，且υ1＜υ2B ．甲迟抛出，且υ1＞υ2C ．甲早抛出，且υ1＞υ2D ．甲早抛出，且υ1＜υ26．小球自高为H 的A 点由静止开始沿光滑曲面下滑，到曲面底处B 飞离曲面，B 处曲面的切线沿水平方向，B 的高度h ＝H ／2，如图5所示。
若其他条件不变，只改变h ，则小球的水平射程s 的变化情况为( ) A ．h 增大时，s 也增大 B ．h 增大时，s 减小 C ．h 减小时，s 也减小 D ．h 减小时，s 增大7．小球从5m 高处，向离小球4m 远的竖直墙以8m/s 的速度水平抛出，不计空气阻力，则：小球碰墙点离地面的高度为________；要使小球不碰到墙，小球的初速度最大为________。
暑假作业05 楞次定律和法拉第电磁感应定律(原卷版)-2025版高二物理暑假作业
作业05楞次定律和法拉第电磁感应定律三、电磁感应定律1．感应电动势在电磁感应现象中产生的电动势叫作感应电动势，2．法拉第电磁感应定律(1)内容：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比．(2)公式：E＝nΔΦΔt，其中(3)在国际单位制中，磁通量的单位是韦伯四、导线切割磁感线时的感应电动势1．导线垂直于磁场方向运动，甲乙2．导线的运动方向与导线本身垂直，但与磁感线方向夹角为θ时，如图乙所示，E ＝Blv sin θ.3．导体棒切割磁感线产生感应电流，导体棒所受安培力的方向与导体棒运动方向相反，导体棒克服安培力做功，把其他形式的能转化为电能．一、单选题1．如图甲所示，螺线管内有平行于轴线的外加匀强磁场，以图中箭头所示方向为其正方向。
螺线管与导线框abcd 相连，导线框内有一小金属圆环L ，圆环与导线框在同一平面内。
当螺线管内的磁感应强度B 随时间按图乙所示规律变化时，下列说法正确的是（）A ．在10~t 时间内，通过bc 边的电流方向由c 到b 且大小保持不变B ．在21~t t 时间内，通过bc 边的电流方向先由b 到c 后变为由c 到bC ．在21~t t 时间内，圆环L 内有逆时针方向的感应电流且大小保持不变D ．在23~t t 时间内，圆环L 有扩张趋势2．手机无线充电是比较新颖的充电方式。
如图所示，电磁感应式无线充电的原理与变压器类似，通过分别安装在充电基座和接收能量装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量。
当充电基座上的送电线圈通入正弦式交变电流后，就会在邻近的受电线圈中感应出电流，最终实现为手机电池充电。
当充电板内的送电线圈通入如图乙所示的交变电流时（电流由a 流入时的方向为正），不考虑感应线圈的自感，下列说法中正确的是（）A ．t 1~t 3时间内，c 点电势始终高于d 点电势B ．t 1~t 3时间内，c 点电势始终低于d 点电势C ．t 1在时刻受电线圈中电流最强D ．t 2时刻受电线圈中电流为03．如图所示，一磁铁通过支架悬挂于电子秤上方，磁铁的正下方有两条光滑的固定金属导轨M 、N ，其上有两根可以左右自由滑动的金属杆a 、b ，磁铁在金属导轨M 、N 、a 、b 组成回路中心的正上方且S 极朝下，当剪断细线磁铁下落时，以下说法正确的是（）A ．a 、b 杆保持静止状态B ．磁铁会受到向下的吸引力C ．a 、b 杆相互靠近D ．与剪断前相比，导轨对电子秤的压力变小4．麦克斯韦从场的观点出发，认为变化的磁场会激发感生电场。
高二物理暑假作业及参考答案
高二物理暑假作业及参考答案暑假是一个学期中学习最轻松但绝不能放松的时间，暑假作业是必不可少的一个阵地，以下是本人为大家整理的高二物理暑假作业及答案，答案仅供参考，大家记得作业要独立完成独立思考哦!1.【2014•安徽省合肥市名校联考】为研究钢球在液体中运动时所受阻力的阻力常数，让钢球从某一高度竖直下落进入液体中运动，用闪光照相的方法拍摄出钢球在不同时刻的位置，如图7所示。
已知钢球在液体中运动时所受阻力F=kv2，闪光照相机的闪光频率为f，图中刻度尺的最小分度为s0，钢球质量为m，则阻力常数k的表达式为。
1. 【解析】钢球从某一高度竖直下落进入液体中先做减速运动，后做匀速运动，由mg= kv2，v=2 s0/T=2 s0f，解得k= 。
2.【2014•重庆市期末】为了简单测量小木块与水平桌面之间的动摩擦因数，按以下步骤进行：a.将一端固定在木板P上的轻弹簧置于水平桌面上，固定木板P，在桌面上标记弹簧自由端位置O，将小木块接触弹簧自由端(不栓接)并使其缓慢移至A位置，如图1所示。
b.将小木块从静止开始释放，小木块运动至B位置静止。
c.将弹簧移至桌边，使弹簧自由端位置O与桌边缘对齐，如图2所示。
固定木板P，使小木块接触弹簧自由端(不栓接)并使其缓慢移至C位置，使OC=OA。
将小木块从静止开始释放，小木块落至水平地面D处，为O点在水平地面的竖直投影点。
若已经测得OB距离为L，OO’间竖直高度为h。
小木块可看作质点，不计空气阻力。
(1)为测量小木块与水平桌面的动摩擦因数，还需要测量的物理量是：。
(2)写出小木块与桌面间的动摩擦因数的表达式：μ= 。
2.(1) 与D点的距离 (2)【解析】3.【2014•河南郑州市一模】为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图所示实验装置。
请思考探究思路并回答下列问题：(1)为了消除小车与水平之间摩擦力的影响应采取的做法是( )A.将木板不带滑轮的一端适当垫高，是小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B.将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C.使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D.使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上(2)在实验中，得到一条打点的纸带，如图所示，已知相邻计数点的时间间隔为T，且间距S1、S2 、S3、 S4 、S5 、S6已量出，则小车加速度的表达式为a=______;(3)有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a—F图线，如图所示。
高二物理暑假作业(一)参考答案
高二物理暑假作业（一）参考答案34．（共18分） (1)①（每空2分）碰撞后 碰撞前 ②（每空2分）m A ·OP m B ·OM －m A ·ON③（每空1分）小于 A 球碰后反弹回去，在轨道上运动的过程中，要克服摩擦力做功而消耗机械能，它再次运动到斜槽末端时，速度较碰撞后小，因此m B ·OM －m A ·ON 比m A ·OP 要大．(2)①（每空2分）1.00kΩ DEBA② 见右图（2分，电路不是分压式扣1分） ③（2分）大于35．(18分)解：不正确，小明起跳时的加速度和上升高度计算错了． (3分，没写理由得2分) 由F －mg ＝ma (3分) 得)m /s (5.760106010502=⨯-=-=m mg F a (3分) 跳离地面前，重心升高)m (6.04.05.7212122=⨯⨯==at h(3分) 除重力外的其它力对小明做的功等于小明机械能的增加量 (3分)故△E ＝Fh ＝1050×0.6＝630 (J)(3分)36．(18分)解：(1)以导体棒为研究对象，棒在磁场I 中切割磁感线，棒中产生感应电动势E ，棒在重力和安培力作用下做加速运动．由牛顿第二定律得：mg －BIL ＝ma (2分) V 31==BLv E (1分) Ω=+=22121R R R R R(1分) A 1=+=rR E I(1分)由以上各式可得：a ＝5m/s 2 (1分)(2)导体棒进入磁场II 后，安培力等于重力，棒做匀速运动，棒中电流大小就始终保持不变． L BI mg '= (1分)r R E I +=''(1分) 2'BLv E =(1分)联立解得：v 2＝6m/s (1分)导体棒从MN 到CD 做加速度为g 的匀加速直线运动．gh v v 22122=-(1分)解得：h ＝1.35m (1分)(3)设导体棒进入磁场II 后经过时间t 的速度大小为t v ，则： at v v t +=2 (1分)ma F mg F =-+安(1分) rR v L B F t+=22安 (2分) 由以上各式解得：(N) 6.1+=t F(2分)。
暑假作业01：安培力和洛伦兹力(原卷版)-2025版高二物理暑假作业
安培力和洛伦兹力一、重要内容1.左手定则（安培力方向的判断）伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心垂直进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。
2.安培力的大小安培力的大小：F＝BIl·sinθ说明①θ为B与I方向的夹角当θ＝0°时，即B∥I，F＝0当θ＝90°时，即B⊥I，F＝BIl②表达式F＝BIl sinθ中l指的是导线在磁场中的“有效长度”，弯曲导线的有效长度l等于连接两端点直线段的长度(如图虚线所示)；相应的电流沿导线由始端流向末端。
3.左手定则（洛伦兹力方向的判断）伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心垂直进入，并使四指指向正电荷运动的方向，这时拇指所指的方向就是运动的正电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向。
说明：①对于负电荷，四指指向电荷运动的反方向。
②洛伦兹力的方向总是与电荷运动的方向和磁场方向垂直，即洛伦兹力的方向总是垂直于运动电荷速度方向和磁场方向所决定的平面。
F、B、v三个量的方向关系是：F⊥B，F⊥v，但B与v不一定垂直，如图甲、乙所示。
③洛伦兹力永不做功，它只改变电荷的运动方向，不改变电荷的速度大小。
4.洛伦兹力的大小F ＝q v B sin θ当v ⊥B ，F ＝qvB ，即运动方向与磁场垂直时，洛伦兹力最大。
当v ∥B ，F ＝0，即运动方向与磁场平行时，不受洛伦兹力。
当v 与B 成θ角时，F ＝qvB sin θ。
二、重要方法1.解决安培力作用下的平衡问题与解决一般物体平衡方法类似，只是多出一个安培力。
一般解题步骤为：2.带电体在磁场中运动受洛伦兹力时的动态分析带电体在匀强磁场中速度变化时洛伦兹力的大小往往随之变化，并进一步导致弹力、摩擦力的变化，带电体将在变力作用下做变加速运动。
利用牛顿运动定律和平衡条件分析各物理量的动态变化时要注意弹力为零的临界状态，此状态是摩擦力发生改变的转折点。
高二物理暑期作业(2)
高二物理暑期作业（2）1.用20分度的游标卡尺（游标尺每小格0.95mm）测量某工件的长度时，示数如图甲所示，由图可知其长度为____mm；用螺旋测微器测量某圆柱体的直径时，示数如图乙所示，由图可知其直径为____mm.2.某同学利用图甲所示实验装置获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图乙所示。
实验中小车的质量为200g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻质光滑定滑轮，小车的加速度可通过打点计时器打出的纸带得到。
请回答下列问题：（1）根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成___________(填“线性”或“非线性”)关系。
（2）由图乙可知，a-m图线不经过原点的原因是_____________________。
（3）若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实验中应采取的改进措施是，钩码的质量应满足的条件是___________。
3.某实验小组要描绘一只规格为“2.5V0.5A”小电珠的伏安特性曲线，除了提供导线和开关外，还有以下一些器材：A．电源E（电动势为3.0V，内阻不计）B．电压表V（量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ）C．电流表A（量程为0～0.6A，内阻约为1Ω）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω，额定电流1A）（1）为完成本实验，请用笔画线当导线，将实物图连成完整的电路，要求实验误差尽可能的小．（图1中有几根导线已经接好）（2）表中的数据是该小组在实验中测得的，请根据图2中的数据在方格纸上作出电珠的伏4.实验桌上摆放着甲“220V 25W”、乙“220V 300W”、丙“220V 500W”三只灯泡，小芳同学从中任选一只，正确使用多用电表测量它的阻值，如图所示，其测量值为Ω，她选用的是灯泡（填“甲、乙或丙”），测量时流过灯泡的电流是从流向（填“a或b”）．5．一种游标卡尺，它的游标尺上有50个小的等分刻度，总长度为49mm，用它测量某工件宽度，示数如图甲所示，其读数为___________mm；图乙中的螺旋测微器读数为__________mm.6．为确定某电子元件的电气特性，做如下测量。
高二物理暑假练习1(必修二含答案)
物理假期练习题未命名一、单选题1．一同学将质量为m 的足球，以速度v 从地面A 点踢起，到达空中B 点，已知B 点离地面高度为h ，取B 点所在水平面为重力势能参考平面，不计空气阻力。
则足球 A ．在A 点的机械能为212mv B ．在A 点的动能为212mv mgh + C ．在B 点的重力势能为mgh D ．在B 点的机械能为212mv mgh - 【答案】D2．如图所示，斜面上有P 、R 、S 、T 四个点，PR ＝RS ＝ST ，从P 点正上方的Q 点以速度v 水平抛出一个物体，物体落于R 点，若从Q 点以速度2v 水平抛出一个物体，不计空气阻力，则物体落在斜面上的A ．R 与S 间的某一点B ．S 点C ．S 与T 间的某一点D ．T 点【答案】A3．如图所示，质量为m 的物块在倾角为α的斜面上保持相对静止，斜面体和物块一起以速度v 水平向右做匀速直线运动，则斜面体对物块的摩擦力和弹力对物块做功情况是A ．摩擦力做正功，弹力做负功B ．摩擦力做正功，弹力做正功C ．摩擦力做负功，弹力做负功D ．摩擦力做负功，弹力做正功【答案】A4．如图所示，质量为m 的小球在竖直平面内的圆管轨道内运动，小球的直径略小于圆管的直径。
已知小球以速度v 通过最高点时对圆管的外壁的压力大小为mg ，则当小球以速度12υ通过圆管的最高点时A ．小球对圆管的内、外壁均无压力B ．小球对圆管的外壁压力等于12mg C ．小球对圆管的内壁压力等于mg D ．小球对圆管的内壁压力等于12mg 【答案】D5．2019年4月20日22时41分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第四十四颗北斗导航卫星。
该导航卫星在P 点（轨道1与轨道2的切点）点火变轨，由近地圆轨道1变为椭圆轨道2，然后在Q 点（轨道2与轨道3的切点）点火变轨，由椭圆轨道2变为椭圆轨道3，如图所示。
则该导航卫星A ．沿圆轨道1通过P 点的加速度小于沿椭圆轨道2通过P 点的加速度B ．沿圆轨道1通过P 点的速度小于沿椭圆轨道2通过P 点的速度C ．沿椭圆轨道2通过Q 点的速度大于沿椭圆轨道3通过Q 点的速度D ．沿椭圆轨道2通过Q 点的加速度大于沿椭圆轨道3通过Q 点的加速度【答案】B6．小明撑一雨伞站在水平地面上，伞面边缘点所围圆形的半径为R ，现将雨伞绕竖直伞杆以角速度ω匀速旋转，伞边缘上的水滴落到地面，落点形成一半径为2R 的圆形，当地重力加速度大小为g ，根据以上数据可推知伞边缘距地面的高度为A ．232g ωB ．238g ωC ．22gω D ．28gω【答案】A二、多选题7．如图所示，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服贴在桶壁上，随圆桶一起转动，相对桶壁未滑动，衣服上的水滴还没有做离心运动。
高二暑假作业物理
高二暑假作业一答案一、单项选择题二、多项选择题三、填空题13.(1)B点的瞬时速度v B＝x AC2T＝0.27600.2m/s＝1.38 m/sC点的瞬时速度v C＝x BD2T＝0.52800.2m/s＝2.64 m/sD点的瞬时速度v D＝x CE2T＝0.7800.2m/s＝3.90 m/s(2)根据以上数据作出小车的v－t图象，如图所示．(3)将图线延长与纵轴相交，交点的速度约为v＝0.2 m/s.此速度的物理含义是：表示0时刻小车经过A点时的速度．14.(1)B.钩码个数(或细线拉力)橡皮筋与细线结点的位置O细线的方向(说明：能反映细线方向的其他记录也可以)C．橡皮筋与细线结点的位置与步骤B中结点位置O重合钩码个数和对应的细线方向(2)3∶4四、计算题15. (1)5 m/s2 2 m/s2(2)0.5 s(3)2.3 m/s16.（1）从图中可以看邮，在t＝2s内运动员做匀加速运动，其加速度大小为8m/s2设此过程中运动员受到的阻力大小为f，根据牛顿第二定律，有mg－f＝maf＝160NH=500-160-6*4=316m17.(1)根据牛顿第二定律可得甲车紧急刹车的加速度为 44.011111===m g m m f a m/s 2 乙车紧急刹车的加速度为 55.022222===m gm m f a m/s 2 甲车停下来所需时间 410101==a v t s 5.2=s 这段时间滑行距离1202a v s =42102⨯=m=12．5m S=12．5m<15m ．甲车司机能避免闯红灯(2)设甲、乙两车行驶过程中至少应保持距离0s ，在乙车刹车t 2时间两车恰好相遇，则有：220210)5.0(t a v t a v -=+-022********)5.0(21)5.0(21s t a t v t a t v ++-+=-方程前面加V 0*0.5 代人数据解方程可得：t 2=2s s 。
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2019高二物理暑假作业
每位高中生暑期都要做到未雨绸缪，制定合理的学习计划。
查字典物理网为大家准备了高二物理暑假作业，欢迎阅读与选择!
1.跳水运动员从10m 高的跳台上跳下(不计阻力)，在下落过程中( )
A.运动员克服重力做功
B.运动员机械能守恒
C.运动员动能转化为重力势能
D.运动员动能减少，重力势能增加
2.据报道，我国自主研制的“嫦娥二号”探月飞行器环月飞行的高度距离月球表面100km，“嫦娥三号”探月飞行器落月制动前环月飞行的高度约为15km，若它们环月运行时均可视为圆周运动，则
A.“嫦娥三号”环月运行的周期比“嫦娥二号”长
B.“嫦娥三号”环月运行的速度比“嫦娥二号”大
C.“嫦娥三号”环月运行时向心加速度比“嫦娥二号”大
D.“嫦娥三号”环月运行时角速度比“嫦娥二号”小
3.下列几种情况下力F都对物体做了功
①水平推力F推着质量为m的物体在光滑水平面上前进了s
②水平推力F推着质量为2m的物体在粗糙水平面上前进了s ③沿倾角为θ的光滑斜面的推力F将质量为m的物体向上推了s。
下列说法中正确的是( )
A.③做功最多
B.②做功最多
C.做功都相等
D.不能确定
4.如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮(不计滑轮的质量和摩擦)。
初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态。
剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地过程中，两物块
A.速率的变化量不同
B.机械能的变化量不同
C.重力势能的变化量相同
D.重力做功的平均功率相同
5.A、B两个质点，分别做匀速圆周运动，在相等时间内它们通过的弧长比SA：SB=4：3，转过的圆心角比θA：θB=3：2。
则下列说法中正确的是( )
A.它们的线速度比vA：vB=3 ：4
B.它们的角速度比ωA∶ωB =2：3
C.它们的周期比TA：TB=2：3
D.它们的周期比TA：TB=3：2
小编为大家提供的高二物理暑假作业大家仔细阅读了吗?最后祝同学们学习进步。