人教版九年级数学下册2017年江西省中考数学试卷(有答案)

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2017年江西省中考数学试卷(含详细答案)

数学试卷第1页（共32页）数学试卷第2页（共32页）绝密★启用前江西省2017年中等学校招生考试数学（本试卷满分120分,考试时间120分钟）第Ⅰ卷(选择题共18分)一、选择题(本大题共6小题,每小题3分,共18分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.6-的相反数是( ) A .16B .16-C .6D .6-2.在国家“一带一路”战略下,我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列.行程最长,途经城市和国家最多的一趟专列全程长13 000 km ,将13 000用科学记数法表示应为 ( ) A .50.1310⨯B .41.310⨯C .51.310⨯ D .31310⨯ 3.下列图形中,是轴对称图形的是( )AB C D4.下列运算正确的是( ) A .5210()a a -= B .222 36a a a =C .23a a a -+=-D .623623a a a -÷=-5.已知一元二次方程22510x x -+=的两个根为1x ,2x ,下列结论正确的是( )A .1252x x +=-B .12 1x x =C .1x ,2x 都是有理数D .1x ,2x 都是正数6.如图,任意四边形ABCD 中,E ,F ,G ,H 分别是AB ,BC ,CD ,DA 上的点,对于四边形EFGH 的形状,某班学生在一次数学活动课中,通过动手实践,探索出如下结论,其中错误的是( )A .当E ,F ,G ,H 是各边中点,且AC BD =时,四边形EFGH 为菱形B .当E ,F ,G ,H 是各边中点,且AC BD ⊥时,四边形EFGH 为矩形 C .当E ,F ,G ,H 不是各边中点时,四边形EFGH 可以为平行四边形 D .当E ,F ,G ,H 不是各边中点时,四边形EFGH 不可能为菱形第Ⅱ卷(非选择题共102分)二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分.请把答案填写在题中的横线上) 7.函数y ,自变量x 的取值范围是 . 8.如图1是一把园林剪刀,把它抽象为图2,其中OA OB =,若剪刀张开的角为30,则A ∠= 度.9.中国人最先使用负数.魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出,可将算筹(小棍形状的记数工具)正放表示正数,斜放表示负数.如图,根据刘徽的这种表示法,观察图①,可推算图②中所得的数值为.毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________ ________________ _____________-------------在--------------------此--------------------卷--------------------上--------------------答--------------------题--------------------无--------------------效----------------数学试卷第3页（共32页）数学试卷第4页（共32页）10.如图,正三棱柱的底面周长为9,截去一个底面周长为3的正三棱柱,所得几何体的俯视图的周长是 .11.已知一组从小到大排列的数据：2,5,x ,y ,2x ,11的平均数与中位数都是7,则这组数据的众数是 .12.已知点(0,4)A ,(7,0)B ,(7,4)C ,连接AC ,BC 得到矩形AOBC ,点D 在边AC 上,将边OA 沿OD 折叠,点A 的对应点为A ',若点A '到矩形较长两对边的距离之比为1:3,则点A '的坐标为 .三、解答题(本大题共11小题,共84分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤) 13.(本小题满分6分,每小题3分) (1)计算：21211x x x +÷--；(2)如图,正方形ABCD 中,点E ,F ,G 分别在AB ,BC ,CD 上,且90EFG ∠=.求证：EBF FCG △∽△.14.(本小题满分6分) 解不等式组：263(2)4x x x -⎧⎨--⎩＜，≤，并把解集在数轴上表示出来.15.(本小题满分6分)端午节那年,小贤回家看到桌上有一盘粽子,其中有豆沙粽、肉粽各1个,蜜枣粽2个,这些粽子除馅外无其他差别.(1)小贤随机地从盘中取出一个粽子,取出的是肉粽的概率是多少？(2)小贤随机地从盘中取出两个粽子,试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果,并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率.16.(本小题满分6分)如图,已知正七边形ABCDEFG ,请仅用无刻度的直尺,分别按下列要求画图. (1)在图1中,画出一个以AB 为边的平行四边形； (2)在图2中,画出一个以AF 为边的菱形.17.(本小题满分6分)如图1,研究发现,科学使用电脑时,望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20,而当手指接触键盘时,肘部形成的“手肘角”β约为100.图2是其侧面简化示意图,其中视线AB 水平,且与屏幕BC 垂直.数学试卷第5页（共32页）数学试卷第6页（共32页）(1)若屏幕上下宽20 cm BC =,科学家使用电脑时,求眼睛与屏幕的最短距离AB 的长；(2)若肩膀到水平地面的距离100 cm DG =,上臂30 cm DE =,下臂EF 水平放置在键盘上,其到地面的距离=72 cm FH .请判断此时β是否符合科学要求的100？ (参考数据：14sin6915≈,14cos2115≈,4tan 2011≈,14tan4315≈,所有结果精确到个位)18.(本小题满分8分)为了解某市市民“绿色出行”方式的情况,某校数学兴趣小组以问卷调查的形式,随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式(参与问卷调查的市民都只从以下五个根据以上信息,回答下列问题：(1)参与本次问卷调查的市民共有人,其中选择B 类的人数有人； (2)在扇形统计图中,求A 类对应扇形圆心角α的度数,并补全条形统计图；(3)该市约有12万人出行,若将,,A B C 这三类出行方式均视为“绿色出行”方式,请估计该市“绿色出行”方式的人数.19.(本小题满分8分)如图,是一种斜挎包,其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成.小敏用后发现,通过调节扣加长或缩短单层部分的长度,可以使挎带的长度(单层部分与双层部分长度的和,其中调节扣所占的长度忽略不计)加长或缩短.设单层部分的长度为 cm x ,双层部分的长度为y cm ,经测量,得到如下数据：(1) (2)根据小敏的身高和习惯,跨带的长度为120 cm 时,背起来正合适,请求出此时单层部分的长度；(3)设挎带的长度为 cm l ,求l 的取值范围.20.(本小题满分8分)如图,直线1(0)y k x x =≥与双曲线2(0)k y x x=＞相交于点(2,4)P .已知点(4,0)A ,(0,3)B ,连接AB ,将Rt AOB △沿OP 方向平移,使点O 移动到点P ,得到A PB ''△.过点A '作A C y '∥轴交双曲线于点C . (1)求1k 与2k 的值；(2)求直线PC 的表达式；(3)直接写出线段AB 扫过的面积.21.(本小题满分9分)如图1,O 的直径12AB =,P 是弦BC 上一动点(与点B ,C 不重合),30ABC =∠,过点P 作PD OP ⊥交O 于点D .-------------在--------------------此--------------------卷--------------------上--------------------答--------------------题--------------------无--------------------效----------------毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________ ________________ _____________数学试卷第7页（共32页）数学试卷第8页（共32页）(1)如图2,当PD AB ∥时,求PD 的长；(2)如图3,当DC AC =时,延长AB 至点E ,使12BE AB =,连接DE . ①求证：DE 是O 的切线； ②求PC 的长.22.(本小题满分9分)已知抛物线1C ：245(0)y ax ax a =--＞.(1)当1a =时,求抛物线与x 轴的交点坐标及对称轴；(2)①试说明无论a 为何值,抛物线1C 一定经过两个定点,并求出这两个定点的坐标； ②将抛物线1C 沿这两个定点所在直线翻折,得到抛物线2C ,直接写出2C 的表达式； (3)若(2)中抛物线2C 的顶点到x 轴的距离为2,求a 的值.23.(本小题满分12分)我们定义：如图1,在ABC △中,把AB 绕点A 顺时针旋转(0180)αα＜＜得到AB ',把AC 绕点A 逆时针旋转β得到AC ',连接B C ''.当180αβ+=时,我们称AB C ''△是ABC △的“旋补三角形”,AB C ''△边B C ''上的中线AD 叫做ABC △的“旋补中线”,点A 叫做“旋补中心”. 特例感知(1)在图2,图3中,AB C ''△是ABC △的“旋补三角形”,AD 是ABC △的“旋补中线”.①如图2,当ABC △为等边三角形时,AD 与BC 的数量关系为AD = BC ； ②如图3,当90BAC =∠,8BC =时,则AD 长为 . 猜想论证(2)在图1中,当ABC △为任意三角形时,猜想AD 与BC 的数量关系,并给予证明.数学试卷第9页（共32页）数学试卷第10页（共32页）拓展应用(3)如图4,在四边形ABCD 中,90C =∠,150D =∠,12BC =,CD =6DA =.在四边形内部是否存在点P ,使PDC △是PAB △的“旋补三角形”？若存在,给予证明,并求PAB △的“旋补中线”长；若不存在,请说明理由.江西省2017年中等学校招生考试数学答案解析第Ⅰ卷数学试卷第11页（共32页）数学试卷第12页（共32页）90，故四边形第Ⅱ卷∠-=，故答案为：30，∴(18030)757 / 16数学试卷第15页（共32页）数学试卷第16页（共32页）90BC ，的垂线交OB90，在111)22x-=为正方形，∴90B∠=∠，∴90∠，∵90∠，90，∴∠FCG∽△）先把分母因式分解，再把除法运算化为乘法运算，然后约分即可；90，再利用等角的余角相等得EBF△∽△数轴如下：9 / 16数学试卷第19页（共32页）数学试卷第20页（共32页）（2）如图所示：，2116.【答案】（1）连接AF BE CG CG ，，，交AF 于M ，交BE 于N .四边形ABNM 是平行四边形.（2）连接AF BE CG CG ，，，交AF 于M ，交BE 于N ，连接DF 交BE 于H ，四边形MNHF 是菱形.42011=∠-=≠，69，∴180********∴此时β不是符合科学要求的100.∴A类对应扇形圆心角的度数为36025%90⨯=，A类的人数为，补全条形图如下：360和总人数可分别求得三类别百分比之和可得答案.k 90，∵O 的直径30，∴3tan30623OP =⨯=， 30， 60，∵OB 90，∴DE 是O 的切线3•cos3062OB ==⨯=290，求出答案即可的长，进而得出答案60180BAC B AC B C ∠+∠''=⊥''，，∴120B AC ∠'，∴30∠， 1BC ，故答案为1. ②如图3中，90180BAC B AC ∠+∠''=，，∴90B AC ∠''=∠，∵AB B AC ''≌△，∴BC B C =''，∵B D DC '='，∴1C ''=理由：如图1中，延长AD 到M ，使得AD DM =，连接E M C M ''，180，180B ∠，∴∠，∴BC =.连接DF交PC于O.∠，在Rt9030 150，∴30∠=，，MDC，，，=∠=BM MBE60，在Rt901430-EM DM=∠60CPF90，∴60，∠，∠，∴12060ADP=，∵60180，∴△PAB△的“旋补三角形”，在Rt中，PD AD=，90630是直角三角形，可得180即可.【考点】旋转的性质，新定义概念的运用，矩形的判定及性质，三角形中位线定理，勾股定理，锐角三角。

江西省中考数学试卷(有答案)

江西省2017年中等学校招生考试数学试题卷一、选择题（本大题共6个小题,每小题3分,共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1.-6的相反数是（） A ．16 B ．16- C ． 6 D ．-6 2. 在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列.行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km ，将13000用科学记数法表示应为（） A ．50.1310⨯ B ． 41.310⨯ C ．51.310⨯ D ．31310⨯ 3.下列图形中，是轴对称图形的是（）A ．B ．C ．D ．4. 下列运算正确的是（） A ．()2510aa -= B ．22236a a a = C. 23a a a -+=- D ．623623a a a -÷=-5.已知一元二次方程22510x x -+=的两个根为12,x x ，下列结论正确的是（） A ． 1252x x +=-B ．121x x = C. 12,x x 都是有理数 D ．12,x x 都是正数 6. 如图，任意四边形ABCD 中，,,,E F G H 分别是,,,AB BC CD DA 上的点，对于四边形EFGH 的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）A ．当,,,E F G H 是各边中点，且AC BD =时，四边形EFGH 为菱形B ．当,,,E F G H 是各边中点，且AC BD ⊥时，四边形EFGH 为矩形C. 当,,,E F G H 不是各边中点时，四边形EFGH 可以为平行四边形 D ．当,,,E F G H 不是各边中点时，四边形EFGH 不可能为菱形二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分，将答案填在答题纸上）7. 函数y =x 的取值范围是___________．8. 如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA OB =，若剪刀张开的角为30°，则A ∠=_________度．9. 中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数.如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为___________．10.如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是_____________．11.已知一组从小到大排列的数据：2，5，x ，y ，2x ，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是______________．12.已知点()()()0,4,7,0,7,4A B C ，连接,AC BC 得到矩形AOBC ，点D 的边AC 上，将边OA 沿OD 折叠，点A 的对应边为A '，若点A '到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A '的坐标为____________．三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）13.（1）计算：21211x x x +÷--；（2）如图，正方形ABCD 中，点,,E F G 分别在,,AB BC CD 上，且090EFG ∠=. 求证：EBFFCG ∆∆.14.解不等式组：()26324x x x -<⎧⎨-≤-⎩，并把解集在数轴上表示出来.15.端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．（1）小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？（2）小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率.16.如图，已知正七边形ABCDEFG ，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．（1）在图1中，画出一个以AB 为边的平行四边形；（2）在图2中，画出一个以AF 为边的菱形.17. 如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20°，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100°.图2是其侧面简化示意图，其中视线AB 水平，且与屏幕BC 垂直.（1）若屏幕上下宽20BC cm =，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB 的长；（2）若肩膀到水平地面的距离100DG cm =，上臂30DE cm =，下臂EF 水平放置在键盘上，其到地面的距离72FH cm =.请判断此时β是否符合科学要求的100°？（参考数据：00001414414sin 69,cos 21,tan 20,tan 4315151115≈≈≈≈，所有结果精确到个位）四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18. 为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图.根据以上信息，回答下列问题：（1）参与本次问卷调查的市民共有___________人，其中选择B类的人数有_____________人；（2）在扇形统计图中，求A类对应扇形圆心角的度数，并补全条形统计图；A B C这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出（3）该市约有12万人出行，若将,,行”方式的人数.19.如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成.小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短.设单层部分的长度为xcm ，双层部分的长度为ycm ，经测量，得到如下数据：（1）根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y 关于x 的函数解析式；（2）根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm 时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；（3）设挎带的长度为lcm ，求l 的取值范围.20. 如图，直线()10y k x x =≥与双曲线()20k y x x=>相交于点()2,4P .已知点()()4,0,0,3A B ，连接AB ，将Rt AOB ∆沿OP 方向平移，使点O 移动到点P ，得到A PB ''∆．过点A '作//A C y '轴交双曲线于点C .（1）求1k 与2k 的值；（2）求直线PC 的表达式；（3）直接写出线段AB 扫过的面积.五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21.如图1，O 的直径12,AB P =是弦BC 上一动点（与点,B C 不重合），030ABC ∠=，过点P 作PD OP ⊥交O 于点D .（1）如图2，当//PD AB 时，求PD 的长；（2）如图3，当DC AC =时，延长AB 至点E ，使12BE AB =，连接DE ． ①求证：DE 是O 的切线；②求PC 的长．22.已知抛物线()21:450C y ax ax a =-->．（1）当1a =时，求抛物线与x 轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明无论a 为何值，抛物线1C 一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标； ②将抛物线1C 沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线2C ，直接写出2C 的表达式；（3）若（2）中抛物线2C 的顶点到x 轴的距离为2，求a 的值.六、（本大题共12分）23. 我们定义：如图1，在ABC ∆看，把AB 点A 顺时针旋转()000180αα<<得到AB '，把AC 绕点A 逆时针旋转β得到AC '，连接B C ''.当0180αβ+=时，我们称A B C '''∆是ABC ∆的“旋补三角形”，AB C ''∆边B C ''上的中线AD 叫做ABC ∆的“旋补中线”，点A 叫做“旋补中心”.特例感知：（1）在图2，图3中，AB C ''∆是ABC ∆的“旋补三角形”， AD 是ABC ∆的“旋补中心”. ①如图2，当ABC ∆为等边三角形时，AD 与BC 的数量关系为AD =_____________BC ； ②如图3，当090,8BAC BC ∠==时，则AD 长为_________________. 猜想论证：（2）在图1中，当ABC ∆为任意三角形时，猜想AD 与BC 的数量关系，并给予证明.拓展应用（3）如图4，在四边形ABCD ，0090,150,12C D BC ∠=∠==，6CD DA ==.在四边形内部是否存在点P ，使PDC ∆是PAB ∆的“旋补三角形”？若存在，给予证明，并求PAB ∆的“旋补中线”长；若不存在，说明理由.参考答案CBCADD2x ≥ 75° -3 8 52)-1）或13.11=(1)(1)212x x x x +-⨯+-=解：原式90?90?90?90?=ABCD B C EFG EFB GFC EFB FEB FEB GFC EBFFCG∴∠=∠=∠=∴∠+∠=∠+∠=∴∠∠∴证明：正方形，又又14.32x -<≤解：15.16解：16. 解答：17.=tan20?2055tan 20?(2)=cm 30cm 2814sin ==sin 69?301569?=180?69?=111?>100?100?BC ABAB cmFE DG DG P DE DP DEP DE DEP ββ⋅===∴∠=≈∴∠≈∴∠-∴解：(1)延长至交于则DP DG-FH=100-72=28 又此时的不符合科学要求的18.800人，240人，090a =，25%30%25%=++⨯（）12000096000（人）19.175212017529090cm 30751 50y x x y y x x y l =-+=⎧⎪⎨=-⎪⎩=⎧⎨=⎩≤≤解：（1）（2）依题意得：解得：此时单层部分的长度为（3） 20.21.tan 30?60?21290?30?33DC ACDOE OE OD ODE ODE DE DB AC DBP OBP BP BP DB OBDBP OBPBC B OP P PC r PD =∴∠===⋅=∴∠=∴∠=∠===∴=≅==+∴=-①证明：连接OD 又是直角三角形，解：（1）依题意得：根据勾股定理可得（且是O 的切线②连接又2）、，可知 22. 222222245(4)50454454545(2)454524527344y ax ax x ax a x y ax ax x y ax ax y ax ax y ax ax a x a a a a a =--=--==--==--=-+-=-+-=--+--=-=-==解：（1）点（-4,0），（5,0）（2）当时，函数恒经过点（0，-5）当时，函数恒经过点（4，-5）（①3）依题意得：或式：或②C 解析23.12，4，解（2）猜想12AD BC = 解题过程：如图，将三角形DAC ' 绕点D 逆时针旋转，使DC 与DB ' 重合，证明QB A CAB '≅0090,150,126=C D BC CD DA BD AB BD ABP ABCD AB ∠=∠====∴=∴∴解：存在.连接BD,延长CD 作BC 的平行线交CD 延长线于点E ，，点必在四边形内根据（3）所的结论：旋补中线等于的一半可得。

2017年江西省中考数学试卷-答案

2017年江西省2017年中考数学试卷及答案

2017年江西省2017年中考数学试卷及答案机密★2017年6⽉19⽇江西省2017年初中毕业暨中等学校招⽣考试数学试题卷说明：1.本卷共有六个⼤题，25个⼩题，全卷满分120分，考试时间120分钟.2.本卷分为试题卷和答题卷，答案要求写在答题卷上，不得在试题卷上作答，否则不给分.⼀、选择题（本⼤题共8个⼩题，每⼩题3分，共24分）每⼩题只有⼀个正确选项. 1.下列各数中，最⼩的是（）.A. 0B. 1C.－1D.2.根据2017年第六次全国⼈⼝普查主要数据公报，江西省常住⼈⼝约为4456万⼈.这个数据可以⽤科学计数法表⽰为（）. A.4.456×107⼈ B. 4.456×106⼈ C. 4456×104⼈ D. 4.456×103⼈3.将两个⼤⼩完全相同的杯⼦（如图甲）叠放在⼀起（如图⼄），则图⼄中的实物的俯视图是（）.4.下列运算正确的是（）.A.a +b =abC.a 2+2ab －b 2=(a －b )2D.3a －2a =1 5.已知⼀次函数y =x +b 的图象经过第⼀、⼆、三象限，则b 的值可以是( ).A .－2 B.－1 C. 0 D. 26.已知x =1是⽅程x 2+bx －2=0的⼀个根，则⽅程的另⼀个根是( ). A .1 B.2 C.－2 D.－17.如图，在下列条件中，不能．．证明△ABD ≌△ACD 的是（）. A.BD =DC ， AB =AC B.∠ADB =∠ADC ，BD =DCC.∠B =∠C ，∠BAD =∠CADD. ∠B =∠C ，BD =DC 8.时钟在正常运⾏时，分针每分钟转动6°，时针每分钟转动0.5°.在运⾏过程中，时针与分针的夹⾓会随着时间的变化⽽变化.设时针与分针的夹⾓为y (度)，运⾏时间为t (分)，当时间从12︰00开始到12︰30⽌，y 与 t 之间的函数图象是（）.y (度) A.(度)B.度) C.度) D.B.C. D.A. 第7题图甲⼆、填空题（本⼤题共8⼩题，每⼩题3分，共24分） 9.计算：－2－1=__________.10.因式分解：x 3-x =______________.11.函数y =x 的取值范围是 .12.⽅程组25,7x y x y +=??-=?的解是 .13.如图，在△ABC 中，点P 是△ABC 的内⼼，则∠PBC +∠PCA +∠P AB =__________度. 14.将完全相同的平⾏四边形和完全相同的菱形镶嵌成如图所⽰的图案.设菱形中较⼩⾓为x 度，平⾏四边形中较⼤⾓为y 度，则y 与x 的关系式是 .15.如图，△DEF 是由△ABC 绕着某点旋转得到的，则这点的坐标是__________. 16.如图所⽰，两块完全相同的含30°⾓的直⾓三⾓板叠放在⼀起，且∠DAB =30°.有以下四个结论：①AF ⊥BC ②△ADG ≌△ACF ③O 为BC 的中点④AG ︰DE4，其中.三、（本⼤题共3⼩题，每⼩题6分，共18分） 17.先化简，再求值：2()11a aa a a+÷--，其中 1.a =18.甲、⼄、丙、丁四位同学进⾏⼀次乒乓球单打⽐赛，要从中选出两位同学打第⼀场⽐赛. （1）请⽤树状图法或列表法，求恰好选中甲、⼄两位同学的概率.（2）若已确定甲打第⼀场，再从其余三位同学中随机选取⼀位，求恰好选中⼄同学的概率.19.如图，四边形ABCD 为菱形,已知A (0,4)，B (－3,0). （1）求点D 的坐标；（2）求经过点C 的反⽐例函数解析式.ACB P第13题第14题AD CBEOG F 第16题第15题C DC图甲DC图⼄四、（本⼤题共2⼩题，每⼩题8分，共16分）20.有⼀种⽤来画圆的⼯具板（如图所⽰），⼯具板长21cm，上⾯依次排列着⼤⼩不等的五个圆（孔），其中最⼤圆的直径为3cm，其余圆的直径从左到右依次递减0.2cm.最⼤圆的左侧距⼯具板左侧边缘1.5cm，最⼩圆的右侧距⼯具板右侧边缘1.5cm，相邻两圆的间距d均相等.（1）直接写出其余四个圆的直径长；（2）求相邻两圆的间距.21.如图，已知⊙O的半径为2，弦BC的长为A为弦BC所对优弧上任意⼀点（B，C两点除外）.（1）求∠BAC的度数；（2）求△ABC⾯积的最⼤值.（参考数据：sin60=，cos30 ，tan30=）五、（本⼤题共2⼩题，每⼩题9分，共18分）22.图甲是⼀个⽔桶模型⽰意图，⽔桶提⼿结构的平⾯图是轴对称图形，当点O到BC（或DE）的距离⼤于或等于⊙O的半径时（⊙O是桶⼝所在圆，半径为OA），提⼿才能从图甲的位置转到图⼄的位置，这样的提⼿才合格.现⽤⾦属材料做了⼀个⽔桶提⼿（如图丙A-B-C-D-E-F，C-D是 CD，其余是线段），O是AF的中点，桶⼝直径AF=34cm，AB=FE=5cm，∠ABC =∠FED =149°.请通过计算判断这个⽔桶提⼿是否合格.2，tan73.6°≈3.40，sin75.4°≈0.97.）图丙23.以下是某省2017年教育发展情况有关数据：全省共有各级各类学校25000所，其中⼩学12500所，初中2000所，⾼中450所，其它学校10050所；全省共有在校学⽣995万⼈，其中⼩学440万⼈，初中200万⼈，⾼中75万⼈，其它280万⼈；全省共有在职教师48万⼈，其中⼩学20万⼈，初中12万⼈，⾼中5万⼈，其它11万⼈.请将上述资料中的数据按下列步骤进⾏统计分析.（1）整理数据：请设计⼀个统计表，将以上数据填⼊表格中.（2）描述数据：下图是描述全省各级各类学校所数的扇形统计图，请将它补充完整. （3）分析数据：①分析统计表中的相关数据，⼩学、初中、⾼中三个学段的师⽣⽐，最⼩的是哪个学段？请直接写出.（师⽣⽐=在职教师数︰在校学⽣数）②根据统计表中的相关数据，你还能从其它⾓度分析得出什么结论吗？（写出⼀个即可）③从扇形统计图中，你得出什么结论？（写出⼀个即可）2010年全省教育发展情况统计表全省各级各类学校所数扇形统计图六、（本⼤题共2⼩题，每⼩题10分，共20分）24.将抛物线c1：y=2x轴翻折，得抛物线c2，如图所⽰.（1）请直接写出抛物线c2的表达式.（2）现将抛物线c1向左平移m个单位长度，平移后得到的新抛物线的顶点为M，与x轴的交点从左到右依次为A，B；将抛物线c2向右也平移m个单位长度，平移后得到的新抛物线的顶点为N，与x轴交点从左到右依次为D，E.①当B，D是线段AE的三等分点时，求m的值；②在平移过程中，是否存在以点A，N，E，M为顶点的四边形是矩形的情形？若存在，请求出此时m的值；若不存在，请说明理由.yxO备⽤图25.某数学兴趣⼩组开展了⼀次活动，过程如下：设∠BAC=θ（0°＜θ＜90°）.现把⼩棒依次摆放在两射线之间，并使⼩棒两端分别落在射线AB，AC上.活动⼀：如图甲所⽰，从点A1开始，依次向右摆放⼩棒，使⼩棒与⼩棒在端点处互相垂直. （A1A2为第1根⼩棒）数学思考：（1）⼩棒能⽆限摆下去吗？答：.(填“能”或“不能”)（2）设AA1=A1A2=A2A3=1.①θ=_________度；②若记⼩棒A2n-1A2n的长度为a n（n为正整数，如A1A2=a1，A3A4=a2，…），求出此时a2，a3的值，并直接写出a n（⽤含n的式⼦表⽰）.活动⼆：如图⼄所⽰，从点A1开始，⽤等长的⼩棒依次向右摆放，其中A1A2为第⼀根⼩棒，且A1A2=AA1.数学思考：（3）若已经摆放了3根⼩棒，则θ1 =_________，θ2=________，θ3=________；（⽤含θ的式⼦表⽰）（4）若只能．．摆放4根⼩棒，求θ的范围.A1A2BC图⼄A3A41θ2θ3θA1A2ABC A3A4A5A6a1a2a3图甲·机密2017年6⽉19⽇江西省2017年中等学校招⽣考试数学试题卷参考答案及评分意见说明：1．如果考⽣的解答与本答案不同，可根据试题的主要考查内容参考评分标准制定相应的评分细则后评卷．2．每题都要评阅到底，不要因为考⽣的解答中出现错误⽽中断对该题的评阅，当考⽣的解答在某⼀步出现错误，影响了后续部分时，如果该步以后的解答未改变这⼀题的内容和难度，则可视影响的程度决定后⾯部分的给分，但不得超过后⾯部分应给分数的⼀半，如果这⼀步以后的解答有较严重的错误，就不给分．3．解答右端所注分数，表⽰考⽣正确做到这⼀步应得的累加分数．4．只给整数分数．⼀、选择题（本⼤题共8个⼩题，每⼩题3分，共24分）1．D 2．A 3．C 4．B 5．D 6．C 7．D 8．A⼆、填空题（本⼤题共8个⼩题，每⼩题3分，共24分）9. 3-10.()()11x x x+-11．1x≤12．4,3xy==-13. 9014．2180y x-=（或1902y x=+）15．（0，1）16．①②③④说明：（1）第11题中若写成“1x<”的，得2分；（2）第16题，填了1个或2个序号的得1分，填了3个序号的得2分．三、（本⼤题共3个⼩题，每⼩题各6分，共18分）17．解：原式=2111111a a aaa a a a a-÷=?=----. ………………3分当1a=时，原式==………………6分18．解：（1）⽅法⼀画树状图如下：所有出现的等可能性结果共有12种，其中满⾜条件的结果有2种.∴P（恰好选中甲、⼄两位同学）=16. ………………4分甲⼄丙丁丙甲⼄丁⼄甲丙丁丁甲⼄丙第⼀次第⼆次⽅法⼆列表格如下：甲⼄丙丁甲甲、⼄甲、丙甲、丁⼄⼄、甲⼄、丙⼄、丁丙丙、甲丙、⼄丙、丁丁丁、甲丁、⼄丁、丙所有出现的等可能性结果共有12种，其中满⾜条件的结果有2种．∴P （恰好选中甲、⼄两位同学）=1 6. ………………4分（2）P （恰好选中⼄同学）=13. ………………6分19．解：（1）∵(0,4),(3,0)A B -，∴3,4,OB OA == ∴5AB =.在菱形ABCD 中，5AD AB ==, ∴1OD =, ∴()0,1D -. …………3分（2）∵BC ∥AD , 5BC AB ==，∴()3,5C --.设经过点C 的反⽐例函数解析式为ky x=. 把()3,5--代⼊k y x=中，得：53k -=-，∴15k =，∴15y x =. ……6分四、（本⼤题共2个⼩题，每⼩题8分，共16分）20．解：（1）其余四个圆的直径依次为：2.8cm, 2.6cm, 2.4cm, 2.2cm.………………4分（2）依题意得，4 1.5 1.53 2.8 2.6 2.4 2.221d +++++++=， ……………6分∴41621d += ∴54d =. ………………7分答：相邻两圆的间距为54cm. ………………8分21．解：(1) 解法⼀连接OB ，OC ，过O 作OE ⊥BC 于点E .∵OE ⊥BC ，BC =∴BE EC == ………………1分在Rt △OBE 中，OB =2，∵sin BE BOE OB ∠==，∴60BOE ∠= , ∴120BOC ∠= ，∴1602BAC BOC ∠=∠= . ………………4分解法⼆连接BO 并延长，交⊙O 于点D ，连接CD .∵BD 是直径，∴BD =4，90DCB ∠= .在Rt △DBC 中，sin BC BDC BD ∠==,∴60BDC ∠= ，∴60BAC BDC ∠=∠= .………………4分(2) 解法⼀因为△ABC 的边BC 的长不变，所以当BC 边上的⾼最⼤时，△ABC 的⾯积最⼤，此时点A 落在优弧BC 的中点处.………………5分过O 作OE ⊥BC 于E ，延长EO 交⊙O 于点A ，则A 为优弧BC 的中点.连接AB ，AC ，则AB =AC ，1302BAE BAC ∠=∠= .在Rt △ABE中，∵30BE BAE =∠= ，∴3tan 30BEAE ===，∴S △ABC=132=答：△ABC⾯积的最⼤值是 ………………8分解法⼆因为△ABC 的边BC 的长不变，所以当BC 边上的⾼最⼤时，△ABC 的⾯积最⼤，此时点A 落在优弧BC 的中点处.………………5分过O 作OE ⊥BC 于E ，延长EO 交⊙O 于点A ，则A 为优弧BC 的中点.连接AB ，AC ，则AB =AC .∵60BAC ∠= , ∴△ABC 是等边三⾓形. ………………6分在Rt △ABE中，∵30BE BAE =∠= ，∴3tan 30BEAE ==，∴S △ABC=132=.答：△ABC⾯积的最⼤值是 ………………8分五、（本⼤题共2个⼩题，每⼩题9分，共18分）. 22．解法⼀连接OB ，过点O 作OG ⊥BC 于点G . ………………1分在Rt △ABO 中，AB =5，AO =17，∴ ta n ∠ABO =173.45AO AB ==，∴∠ABO =73.6°，………………4分∴∠GBO =∠ABC －∠ABO =149°－73.6°=75.4°. ………………5分⼜∵17.72OB =， ………………6分∴在Rt △OBG 中，sin 17.720.9717.1917OG OB OBG =?∠=?≈>. ……………8分∴⽔桶提⼿合格. ……………9分解法⼆连接OB ，过点O 作OG ⊥BC 于点G . ……………1分在Rt △ABO 中，AB =5，AO =17，图丙CDE ∴ ta n ∠ABO =173.45AO AB ==，∴∠ABO =73.6°. ………………4分要使OG ≥OA ，只需∠OBC ≥∠ABO ，∵∠OBC =∠ABC －∠ABO =149°－73.6°=75.4°＞73.6°，……8分∴⽔桶提⼿合格. ………………9分23．解：（1）2017年全省教育发展情况统计表（说明：“合计”栏不列出来不扣分） ……………3分（2）……………6分（3）①⼩学师⽣⽐=1︰22，初中师⽣⽐≈1︰16.7，⾼中师⽣⽐=1︰15，∴⼩学学段的师⽣⽐最⼩. ………7分②如：⼩学在校学⽣数最多等. ………8分③如：⾼中学校所数偏少等. ………9分说明：（1）第①题若不求出各学段师⽣⽐不扣分；（2）第②、③题叙述合理即给分. 六、（本⼤题共2个⼩题，每⼩题10分，共20分）24．解：（1）2y = ………………2分学校所数（所）在校学⽣数（万⼈）教师数（万⼈）⼩学12500 440 20 初中2000 200 12 ⾼中450 75 5 其它10050 280 11 合计25000 995 48 全省各级各类学校所数扇形统计图（2）①令20，得：121,1x x =-=，则抛物线c 1与x 轴的两个交点坐标为（-1,0），（1,0）.∴A （-1-m ，0），B （1-m ，0）. 同理可得：D （-1+m ，0），E （1+m ，0）.当13AD AE =时，如图①，()()()()111113m m m m -+---=+---，∴12m =. ………………4分当13AB AE =时，如图②，()()()()111113m m m m ----=+---，∴2m =. ………………6分∴当12m =或2时，B ，D 是线段AE 的三等分点.②存在.………………7分⽅法⼀理由：连接AN 、NE 、EM 、MA .依题意可得：((,,M m N m -. 即M ，N 关于原点O 对称，∴OM ON =.∵()()1,0,1,0A m E m --+，∴A ，E 关于原点O 对称，∴OA OE =，∴四边形ANEM 为平⾏四边形. ………………8分要使平⾏四边形ANEM 为矩形，必需满⾜OM OA =, 即()2221m m +=--，∴1m =.∴当1m =时，以点A ，N ，E ，M 为顶点的四边形是矩形. …………10分⽅法⼆理由：连接AN 、NE 、EM 、MA . 依题意可得：((,,M m N m -. 即M ，N 关于原点O 对称，∴OM ON =.∵()()1,0,1,0A m E m --+，∴A ，E 关于原点O 对称，∴OA OE =，∴四边形ANEM 为平⾏四边形. ………………8分∵222(1)4AM m m =-+++=，2222(1)444ME m m m m =+++=++，222(11)484AE m m m m =+++=++，若222AM ME AE +=，则224444484m m m m +++=++，∴1m =. 此时△AME 是直⾓三⾓形，且∠AME =90°.∴当1m =时，以点A ，N ，E ，M 为顶点的四边形是矩形. …………10分25.解: （１）能． ………………1分（２）① 22.5°. ………………2分②⽅法⼀∵A A 1=A 1A 2=A 2A 3=1，A 1A 2⊥A 2A 3，∴A 1A 3AA 3=1 ⼜∵A 2A 3⊥A 3A 4 ，∴A 1A 2∥A 3A 4.同理：A 3A 4∥A 5A 6，∴∠A =∠AA 2A 1=∠AA 4A 3=∠AA 6A 5，∴AA 3=A 3A 4，AA 5=A 5A 6∴a 2=A 3A 4=AA 3=1a 3=AA 3+ A 3A 5=a 2+ A 3A 5. ………………3分∵A 3A 52，∴a 3=A 5A 6=AA 5=)2221a =. ………………4分⽅法⼆∵A A 1=A 1A 2=A 2A 3=1，A 1A 2⊥A 2A 3，∴A 1A 3AA 3=1 ⼜∵A 2A 3⊥A 3A 4 ，∴A 1A 2∥A 3A 4.同理：A 3A 4∥A 5A 6.∴∠A 2A 3A 4=∠A 4A 5A 6=90°，∠A 2A 4A 3=∠A 4 A 6A 5，∴△A 2A 3A 4∽△A 4A 5A 6，∴2231a a a =，∴a 3=2221)1a =. ………………4分)11n n a -=………………5分（３）12θθ= ………………6分23θθ= ………………7分34θθ= ………………8分（４）由题意得：490,590,θθ?≥∴1822.5θ≤< . ………………10分。

2017年江西省中考数学试卷(解析版)

2017年江西省中考数学试卷

2017年江西省中考数学试卷一、选择题1.（2017?江西）﹣6的相反数是（）A、B、﹣C、6 D、﹣6+2.（2017?江西）在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km，将13000用科学记数法表示应为（）A、0.13×105B、1.3×104C、1.3×105D、13×103+3.（2017?江西）下列图形中，是轴对称图形的是（??）A、B、C、D、+4.（2017?江西）下列运算正确的是（??）A、（﹣a5）2=a10B、2a?3a2=6a2C、﹣2a+a=﹣3aD、﹣6a6÷2a2=﹣3a3+5.（2017?江西）已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（??）A、x1+x2=﹣B、x1?x2=1C、x1，x2都是有理数D、x1，x2都是正数+6.（2017?江西）如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA 上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（??）A、当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，四边形EFGH为菱形B、当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，四边形EFGH为矩形C、当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D、当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH不可能为菱形+二、填空题7.（2017?江西）函数y= 中，自变量x的取值范围是．+8.（2017?江西）如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA=OB．若剪刀张开的角为30°，则∠A= 度．+9.（2017?江西）中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为．+10.（2017?江西）如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是．+11.（2017?江西）已知一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是．+12.（2017?江西）已知点A（0，4），B（7，0），C（7，4），连接AC，BC得到矩形AOBC ，点D的边AC上，将边OA沿OD折叠，点A的对应边为A'．若点A'到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A'的坐标为．+三、解答题13.（2017?江西）(1)、计算：÷；(2)、如图，正方形ABCD中，点E，F，G分别在AB，BC，CD上，且∠EFG=90°．求证：△EBF∽△FCG．+14.（2017?江西）解不等式组：，并把解集在数轴上表示出来．+15.（2017?江西）端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．(1)、小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？(2)、小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率．+16.（2017?江西）如图，已知正七边形ABCDEFG，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．(1)、在图1中，画出一个以AB为边的平行四边形；(2)、在图2中，画出一个以AF为边的菱形．+17.（2017?江西）如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20°，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100°．图2是其侧面简化示意图，其中视线AB水平，且与屏幕BC垂直．(1)、若屏幕上下宽BC=20cm，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB 的长；(2)、若肩膀到水平地面的距离DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在键盘上，其到地面的距离FH=72cm．请判断此时β是否符合科学要求的100° ？（参考数据：sin69°≈，cos21°≈，tan20°≈，tan43°≈，所有结果精确到个位）+18.（2017?江西）为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图．种类 A B C D E出行方式共享单车步行公交车的士私家车根据以上信息，回答下列问题：(1)、参与本次问卷调查的市民共有人，其中选择B类的人数有人；(2)、在扇形统计图中，求A类对应扇形圆心角α的度数，并补全条形统计图；(3)、该市约有12万人出行，若将A，B，C这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出行”方式的人数．+19.（2017?江西）如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成．小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短．设单层部分的长度为xcm，双层部分的长度为ycm，经测量，得到如下数据：单层部分的长度x（cm）... 4 6 8 10 (150)…双层部分的长度y（cm）… 73 72 71(1)、根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y关于x的函数解析式；(2)、根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；(3)、设挎带的长度为lcm，求l的取值范围．+20.（2017?江西）如图，直线y=k1x（x≥0）与双曲线y=（x＞0）相交于点P（2，4）．已知点A（4，0），B（0，3），连接AB，将Rt△AOB沿OP方向平移，使点O移动到点P，得到△A'PB'．过点A'作A'C∥y轴交双曲线于点C．(1)、求k1与k2的值；(2)、求直线PC的表达式；(3)、直接写出线段AB扫过的面积．+21.（2017?江西）如图1，⊙O的直径AB=12，P是弦BC上一动点（与点B，C不重合），∠ABC=30°，过点P作PD⊥OP交⊙O于点D．(1)、如图2，当PD∥AB时，求PD的长；(2)、如图3，当时，延长AB至点E，使BE= AB，连接DE．=①求证：DE是⊙O的切线；②求PC的长．+22.（2017?江西）已知抛物线C1：y=ax2﹣4ax﹣5（a＞0）．(1)、当a=1时，求抛物线与x轴的交点坐标及对称轴；(2)、①试说明无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标；②将抛物线C1沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线C2，直接写出C2的表达式；(3)、若（2）中抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，求a的值．+23.（2017?江西）我们定义：如图1，在△ABC看，把AB点绕点A顺时针旋转α（0°＜α＜180°）得到AB'，把AC绕点A逆时针旋转β得到AC'，连接B'C'．当α+β=180°时，我们称△A'B'C'是△ABC的“旋补三角形”，△AB'C'边B'C'上的中线AD叫做△ABC的“旋补中线”，点A叫做“旋补中心”．(1)、在图2，图3中，△AB'C'是△ABC的“旋补三角形”，AD是△ABC的“旋补中线”．①如图2，当△ABC为等边三角形时，AD与BC的数量关系为AD=BC；②如图3，当∠BAC=90°，BC=8时，则AD长为．(2)、在图1中，当△ABC为任意三角形时，猜想AD与BC的数量关系，并给予证明．(3)、如图4，在四边形ABCD，∠C=90°，∠D=150°，BC=12，CD=2，DA=6．在四边形内部是否存在点P，使△PDC是△PAB的“旋补三角形”？若存在，给予证明，并求△PAB的“旋补中线”长；若不存在，说明理由．+。

江西省2017年中考数学试卷(图片版,含答案)

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初中数学2017年江西省中考数学试卷

2017年江西省中考数学试卷一、选择题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．（3分）﹣6的相反数是（）A．B．﹣C．6 D．﹣62．（3分）在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km，将13000用科学记数法表示应为（）A．0.13×105B．1.3×104C．1.3×105D．13×1033．（3分）下列图形中，是轴对称图形的是（）A．B．C．D．4．（3分）下列运算正确的是（）A．（﹣a5）2=a10 B．2a•3a2=6a2C．﹣2a+a=﹣3a D．﹣6a6÷2a2=﹣3a35．（3分）已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A．x1+x2=﹣B．x1•x2=1C．x1，x2都是有理数D．x1，x2都是正数6．（3分）如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）A．当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，四边形EFGH为菱形B．当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，四边形EFGH为矩形C．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH不可能为菱形二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分，将答案填在答题纸上）7．（3分）函数y=中，自变量x的取值范围是．8．（3分）如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA=OB．若剪刀张开的角为30°，则∠A= 度．9．（3分）中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为．10．（3分）如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是．11．（3分）已知一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是．12．（3分）已知点A（0，4），B（7，0），C（7，4），连接AC，BC得到矩形AOBC，点D的边AC上，将边OA沿OD折叠，点A的对应点为A'．若点A'到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A'的坐标为．三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）13．（6分）（1）计算：÷；（2）如图，正方形ABCD中，点E，F，G分别在AB，BC，CD上，且∠EFG=90°．求证：△EBF∽△FCG．14．（6分）解不等式组：，并把解集在数轴上表示出来．15．（6分）端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．（1）小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？（2）小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率．16．（6分）如图，已知正七边形ABCDEFG，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．（1）在图1中，画出一个以AB为边的平行四边形；（2）在图2中，画出一个以AF为边的菱形．17．（6分）如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20°，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100°．图2是其侧面简化示意图，其中视线AB水平，且与屏幕BC垂直．（1）若屏幕上下宽BC=20cm，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB的长；（2）若肩膀到水平地面的距离DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在键盘上，其到地面的距离FH=72cm．请判断此时β是否符合科学要求的100°？（参考数据：sin69°≈，cos21°≈，tan20°≈，tan43°≈，所有结果精确到个位）四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18．（8分）为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）参与本次问卷调查的市民共有人，其中选择B类的人数有人；（2）在扇形统计图中，求A类对应扇形圆心角α的度数，并补全条形统计图；（3）该市约有12万人出行，若将A，B，C这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出行”方式的人数．19．（8分）如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成．小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短．设单层部分的长度为xcm，双层部分的长度为ycm，经测量，得到如下数据：（1）根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y关于x的函数解析式；（2）根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；（3）设挎带的长度为lcm，求l的取值范围．20．（8分）如图，直线y=k1x（x≥0）与双曲线y=（x＞0）相交于点P（2，4）．已知点A（4，0），B（0，3），连接AB，将Rt△AOB沿OP方向平移，使点O 移动到点P，得到△A'PB'．过点A'作A'C∥y轴交双曲线于点C．（1）求k1与k2的值；（2）求直线PC的表达式；（3）直接写出线段AB扫过的面积．五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21．（9分）如图1，⊙O的直径AB=12，P是弦BC上一动点（与点B，C不重合），∠ABC=30°，过点P作PD⊥OP交⊙O于点D．（1）如图2，当PD∥AB时，求PD的长；（2）如图3，当=时，延长AB至点E，使BE=AB，连接DE．①求证：DE是⊙O的切线；②求PC的长．22．（9分）已知抛物线C1：y=ax2﹣4ax﹣5（a＞0）．（1）当a=1时，求抛物线与x轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标；②将抛物线C1沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线C2，直接写出C2的表达式；（3）若（2）中抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，求a的值．六、（本大题共12分）23．（12分）我们定义：如图1，在△ABC中，把AB点绕点A顺时针旋转α（0°＜α＜180°）得到AB'，把AC绕点A逆时针旋转β得到AC'，连接B'C'．当α+β=180°时，我们称△A'B'C'是△ABC的“旋补三角形”，△AB'C'边B'C'上的中线AD叫做△ABC的“旋补中线”，点A叫做“旋补中心”．特例感知：（1）在图2，图3中，△AB'C'是△ABC的“旋补三角形”，AD是△ABC的“旋补中线”．①如图2，当△ABC为等边三角形时，AD与BC的数量关系为AD= BC；②如图3，当∠BAC=90°，BC=8时，则AD长为．猜想论证：（2）在图1中，当△ABC为任意三角形时，猜想AD与BC的数量关系，并给予证明．拓展应用（3）如图4，在四边形ABCD，∠C=90°，∠D=150°，BC=12，CD=2，DA=6．在四边形内部是否存在点P，使△PDC是△PAB的“旋补三角形”？若存在，给予证明，并求△PAB的“旋补中线”长；若不存在，说明理由．2017年江西省中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．（3分）（2017•江西）﹣6的相反数是（）A．B．﹣C．6 D．﹣6【分析】求一个数的相反数，即在这个数的前面加负号．【解答】解：﹣6的相反数是6，故选C【点评】此题考查了相反数的定义，互为相反数的两个数分别在原点两旁且到原点的距离相等．2．（3分）（2017•江西）在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km，将13000用科学记数法表示应为（）A．0.13×105B．1.3×104C．1.3×105D．13×103【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥1时，n是非负数；当原数的绝对值＜1时，n 是负数．【解答】解：将13000用科学记数法表示为：1.3×104．故选B．【点评】此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．3．（3分）（2017•江西）下列图形中，是轴对称图形的是（）A．B．C．D．【分析】根据轴对称图形的概念求解．【解答】解：A、不是轴对称图形，故A不符合题意；B、不是轴对称图形，故B不符合题意；C、是轴对称图形，故C符合题意；D、不是轴对称图形，故D不符合题意；故选：C．【点评】本题考查了轴对称图形，掌握好轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合．4．（3分）（2017•江西）下列运算正确的是（）A．（﹣a5）2=a10 B．2a•3a2=6a2C．﹣2a+a=﹣3a D．﹣6a6÷2a2=﹣3a3【分析】根据整式的运算法则即可求出答案．【解答】解：（B）原式=6a3，故B错误；（C）原式=a，故C错误；（D）原式=﹣3a4，故D错误；故选（A）【点评】本题考查整式的运算，解题的关键是熟练运用整式的运算法则，本题属于基础题型．5．（3分）（2017•江西）已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A．x1+x2=﹣B．x1•x2=1C．x1，x2都是有理数D．x1，x2都是正数【分析】先利用根与系数的关系得到x1+x2=＞0，x1x2=＞0，然后利用有理数的性质可判定两根的符号．【解答】解：根据题意得x1+x2=＞0，x1x2=＞0，所以x1＞0，x2＞0．故选D．【点评】本题考查了根与系数的关系：若x1，x2是一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）的两根时，x1+x2=﹣，x1x2=．6．（3分）（2017•江西）如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）A．当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，四边形EFGH为菱形B．当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，四边形EFGH为矩形C．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH不可能为菱形【分析】连接四边形各边中点所得的四边形必为平行四边形，根据中点四边形的性质进行判断即可．【解答】解：A．当E，F，G，H是四边形ABCD各边中点，且AC=BD时，存在EF=FG=GH=HE，故四边形EFGH为菱形，故A正确；B．当E，F，G，H是四边形ABCD各边中点，且AC⊥BD时，存在∠EFG=∠FGH=∠GHE=90°，故四边形EFGH为矩形，故B正确；C．如图所示，当E，F，G，H不是四边形ABCD各边中点时，若EF∥HG，EF=HG，则四边形EFGH为平行四边形，故C正确；D．如图所示，当E，F，G，H不是四边形ABCD各边中点时，若EF=FG=GH=HE，则四边形EFGH为菱形，故D错误；故选：D．【点评】本题主要考查了中点四边形的运用，解题时注意：中点四边形的形状与原四边形的对角线有关．二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分，将答案填在答题纸上）7．（3分）（2017•江西）函数y=中，自变量x的取值范围是x≥2 ．【分析】根据二次根式的性质，被开方数大于等于0，就可以求解．【解答】解：依题意，得x﹣2≥0，解得：x≥2，故答案为：x≥2．【点评】本题主要考查函数自变量的取值范围，考查的知识点为：二次根式的被开方数是非负数．8．（3分）（2017•江西）如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA=OB．若剪刀张开的角为30°，则∠A= 75 度．【分析】根据等腰三角形的性质和三角形的内角和即可得到结论．【解答】解：∵OA=OB，∠AOB=30°，∴∠A=（180°﹣30°）=75°，故答案为：75．【点评】本题考查了等腰三角形的性质，三角形的内角和，熟练掌握等腰三角形的性质是解题的关键．9．（3分）（2017•江西）中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为﹣3 ．【分析】根据有理数的加法，可得答案．【解答】解：图②中表示（+2）+（﹣5）=﹣3，故答案为：﹣3．【点评】本题考查了有理数的运算，利用有理数的加法运算是解题关键．10．（3分）（2017•江西）如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是8 ．【分析】根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．【解答】解：从上边看是一个梯形：上底是1，下底是3，两腰是2，周长是1+2+2+3=8，故答案为：8．【点评】本题考查了简单组合体的三视图，从上边看是一个等腰梯形是解题关键．11．（3分）（2017•江西）已知一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是 5 ．【分析】根据平均数与中位数的定义可以先求出x，y的值，进而就可以确定这组数据的众数．【解答】解：∵一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，∴（2+5+x+y+2x+11）=（x+y）=7，解得y=9，x=5，∴这组数据的众数是5．故答案为5．【点评】本题主要考查平均数、众数与中位数的定义，平均数是指在一组数据中所有数据之和再除以数据的个数．中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数（最中间两个数的平均数），叫做这组数据的中位数，如果中位数的概念掌握得不好，不把数据按要求重新排列，就会出错．一组数据中出现次数最多的数据叫做众数．12．（3分）（2017•江西）已知点A（0，4），B（7，0），C（7，4），连接AC，BC 得到矩形AOBC，点D的边AC上，将边OA沿OD折叠，点A的对应点为A'．若点A'到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A'的坐标为（，3）或（，1）或（2，﹣2）．【分析】由已知得出∠A=90°，BC=OA=4，OB=AC=7，分两种情况：（1）当点A'在矩形AOBC的内部时，过A'作OB的垂线交OB于F，交AC于E，当A'E：A'F=1：3时，求出A'E=1，A'F=3，由折叠的性质得：OA'=OA=4，∠OA'D=∠A=90°，在Rt△OA'F中，由勾股定理求出OF==，即可得出答案；②当A'E：A'F=3：1时，同理得：A'（，1）；（2）当点A'在矩形AOBC的外部时，此时点A'在第四象限，过A'作OB的垂线交OB于F，交AC于E，由A'F：A'E=1：3，则A'F：EF=1：2，求出A'F=EF=BC=2，在Rt△OA'F中，由勾股定理求出OF=2，即可得出答案．【解答】解：∵点A（0，4），B（7，0），C（7，4），∴BC=OA=4，OB=AC=7，分两种情况：（1）当点A'在矩形AOBC的内部时，过A'作OB的垂线交OB于F，交AC于E，如图1所示：①当A'E：A'F=1：3时，∵A'E+A'F=BC=4，∴A'E=1，A'F=3，由折叠的性质得：OA'=OA=4，在Rt△OA'F中，由勾股定理得：OF==，∴A'（，3）；②当A'E：A'F=3：1时，同理得：A'（，1）；（2）当点A'在矩形AOBC的外部时，此时点A'在第四象限，过A'作OB的垂线交OB于F，交AC于E，如图2所示：∵A'F：A'E=1：3，则A'F：EF=1：2，∴A'F=EF=BC=2，由折叠的性质得：OA'=OA=4，在Rt△OA'F中，由勾股定理得：OF==2，∴A'（2，﹣2）；故答案为：（，3）或（，1）或（2，﹣2）．【点评】本题考查了折叠的性质、矩形的性质、坐标与图形性质、勾股定理等知识；熟练掌握折叠的性质和勾股定理是解决问题的关键．三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）13．（6分）（2017•江西）（1）计算：÷；（2）如图，正方形ABCD中，点E，F，G分别在AB，BC，CD上，且∠EFG=90°．求证：△EBF∽△FCG．【分析】（1）先把分母因式分解，再把除法运算化为乘法运算，然后约分即可；（2）先根据正方形的性质得∠B=∠C=90°，再利用等角的余角相等得∠BEF=∠CFG，然后根据有两组角对应相等的两个三角形相似可判定△EBF∽△FCG．【解答】（1）解：原式=•=；（2）证明：∵四边形ABCD为正方形，∴∠B=∠C=90°，∴∠BEF+∠BFE=90°，∵∠EFG=90°，∴∠BFE+∠CFG=90°，∴∠BEF=∠CFG，∴△EBF∽△FCG．【点评】本题考查了相似三角形的判定：有两组角对应相等的两个三角形相似．也考查了分式的乘除法和正方形的性质．14．（6分）（2017•江西）解不等式组：，并把解集在数轴上表示出来．【分析】分别求出每一个不等式的解集，根据解集在数轴上的表示即可确定不等式组的解集．【解答】解：解不等式﹣2x＜6，得：x＞﹣3，解不等式3（x﹣2）≤x﹣4，得：x≤1，将不等式解集表示在数轴如下：则不等式组的解集为﹣3＜x≤1【点评】本题考查的是解一元一次不等式组，正确求出每一个不等式解集是基础，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．15．（6分）（2017•江西）端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．（1）小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？（2）小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率．【分析】（1）直接利用概率公式求出取出的是肉粽的概率；（2）直接列举出所有的可能，进而利用概率公式求出答案．【解答】解：（1）∵有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，∴随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是：；（2）如图所示：，一共有12种可能，取出的两个都是蜜枣粽的有2种，故取出的两个都是蜜枣粽的概率为：=．【点评】此题主要考查了树状图法求概率，正确列举出所有的可能是解题关键．16．（6分）（2017•江西）如图，已知正七边形ABCDEFG，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．（1）在图1中，画出一个以AB为边的平行四边形；（2）在图2中，画出一个以AF为边的菱形．【分析】（1）连接AF、BE、CG，CG交AF于M，交BE于N．四边形ABNM是平行四边形．（2）连接AF、DF，延长DC交AB的延长线于M，四边形AFDM是菱形．【解答】解：（1）连接AF、BE、CG，CG交AF于M，交BE于N．四边形ABNM是平行四边形．（2）连接AF、DF，∠延长DC交AB的延长线于M，四边形AFDM是菱形．【点评】本题考查复杂作图、平行四边形的性质、菱形的性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．17．（6分）（2017•江西）如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20°，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100°．图2是其侧面简化示意图，其中视线AB水平，且与屏幕BC垂直．（1）若屏幕上下宽BC=20cm，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB的长；（2）若肩膀到水平地面的距离DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在键盘上，其到地面的距离FH=72cm．请判断此时β是否符合科学要求的100°？（参考数据：sin69°≈，cos21°≈，tan20°≈，tan43°≈，所有结果精确到个位）【分析】（1）Rt△ABC中利用三角函数即可直接求解；（2）延长FE交DG于点I，利用三角函数求得∠DEI即可求得β的值，从而作出判断．【解答】解：（1）∵Rt△ABC中，tanA=，∴AB====55（cm）；（2）延长FE交DG于点I．则DI=DG﹣FH=100﹣72=28（cm）．在Rt△DEI中，sin∠DEI===，∴∠DEI=69°，∴∠β=180°﹣69°=111°≠100°，∴此时β不是符合科学要求的100°．【点评】此题综合性比较强，解此题的关键是把实际问题转化为数学问题，本题只要把实际问题抽象到几何图形中来考虑，就能迎刃而解．四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18．（8分）（2017•江西）为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）参与本次问卷调查的市民共有800 人，其中选择B类的人数有240 人；（2）在扇形统计图中，求A类对应扇形圆心角α的度数，并补全条形统计图；（3）该市约有12万人出行，若将A，B，C这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出行”方式的人数．【分析】（1）由C类别人数及其百分比可得总人数，总人数乘以B类别百分比即可得；（2）根据百分比之和为1求得A类别百分比，再乘以360°和总人数可分别求得；（3）总人数乘以样本中A、B、C三类别百分比之和可得答案．【解答】解：（1）本次调查的市民有200÷25%=800（人），∴B类别的人数为800×30%=240（人），故答案为：800，240；（2）∵A类人数所占百分比为1﹣（30%+25%+14%+6%）=25%，∴A类对应扇形圆心角α的度数为360°×25%=90°，A类的人数为800×25%=200（人），补全条形图如下：（3）12×（25%+30%+25%）=9.6（万人），答：估计该市“绿色出行”方式的人数约为9.6万人．【点评】本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．也考查了用样本估计总体的思想．19．（8分）（2017•江西）如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成．小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短．设单层部分的长度为xcm，双层部分的长度为ycm，经测量，得到如下数据：（1）根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y关于x的函数解析式；（2）根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；（3）设挎带的长度为lcm，求l的取值范围．【分析】（1）观察表格可知，y是x的一次函数，设y=kx+b，利用待定系数法即可解决问题；（2）列出方程组即可解决问题；（3）由题意当y=0，x=150，当x=0时，y=75，可得75≤l≤150．【解答】解：（1）观察表格可知，y是x的一次函数，设y=kx+b，则有，解得，∴y=﹣x+75．（2）由题意，解得，∴单层部分的长度为90cm．（3）由题意当y=0，x=150，当x=0时，y=75，∴75≤l≤150．【点评】本题考查一次函数的应用、待定系数法等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．20．（8分）（2017•江西）如图，直线y=k1x（x≥0）与双曲线y=（x＞0）相交于点P（2，4）．已知点A（4，0），B（0，3），连接AB，将Rt△AOB沿OP方向平移，使点O移动到点P，得到△A'PB'．过点A'作A'C∥y轴交双曲线于点C．（1）求k1与k2的值；（2）求直线PC的表达式；（3）直接写出线段AB扫过的面积．【分析】（1）把点P（2，4）代入直线y=k1x，把点P（2，4）代入双曲线y=，可得k1与k2的值；（2）根据平移的性质，求得C（6，），再运用待定系数法，即可得到直线PC 的表达式；（3）延长A'C交x轴于D，过B'作B'E⊥y轴于E，根据△AOB≌△A'PB'，可得线段AB扫过的面积=平行四边形POBB'的面积+平行四边形AOPA'的面积，据此可得线段AB扫过的面积．【解答】解：（1）把点P（2，4）代入直线y=k1x，可得4=2k1，∴k1=2，把点P（2，4）代入双曲线y=，可得k2=2×4=8；（2）∵A（4，0），B（0，3），∴AO=4，BO=3，如图，延长A'C交x轴于D，由平移可得，A'P=AO=4，又∵A'C∥y轴，P（2，4），∴点C的横坐标为2+4=6，当x=6时，y==，即C（6，），设直线PC的解析式为y=kx+b，把P（2，4），C（6，）代入可得，解得，∴直线PC的表达式为y=﹣x+；（3）如图，延长A'C交x轴于D，由平移可得，A'P∥AO，又∵A'C∥y轴，P（2，4），∴点A'的纵坐标为4，即A'D=4，如图，过B'作B'E⊥y轴于E，∵PB'∥y轴，P（2，4），∴点B'的横坐标为2，即B'E=2，又∵△AOB≌△A'PB'，∴线段AB扫过的面积=平行四边形POBB'的面积+平行四边形AOPA'的面积=BO×B'E+AO×A'D=3×2+4×4=22．【点评】本题主要考查了反比例函数与一次函数交点问题，待定系数法的运用以及平移的性质的运用，解决问题的关键是将线段AB扫过的面积转化为平行四边形POBB'的面积+平行四边形AOPA'的面积．五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21．（9分）（2017•江西）如图1，⊙O的直径AB=12，P是弦BC上一动点（与点B，C不重合），∠ABC=30°，过点P作PD⊥OP交⊙O于点D．（1）如图2，当PD∥AB时，求PD的长；（2）如图3，当=时，延长AB至点E，使BE=AB，连接DE．①求证：DE是⊙O的切线；②求PC的长．【分析】（1）根据题意首先得出半径长，再利用锐角三角函数关系得出OP，PD 的长；（2）①首先得出△OBD是等边三角形，进而得出∠ODE=∠OFB=90°，求出答案即可；②首先求出CF的长，进而利用直角三角形的性质得出PF的长，进而得出答案．【解答】解：（1）如图2，连接OD，∵OP⊥PD，PD∥AB，∴∠POB=90°，∵⊙O的直径AB=12，∴OB=OD=6，在Rt△POB中，∠ABC=30°，∴OP=OB•tan30°=6×=2，在Rt△POD中，PD===2；（2）①证明：如图3，连接OD，交CB于点F，连接BD，∵=，∴∠DBC=∠ABC=30°，∴∠ABD=60°，∵OB=OD，∴△OBD是等边三角形，∴OD⊥FB，∵BE=AB，∴OB=BE，∴BF∥ED，∴∠ODE=∠OFB=90°，∴DE是⊙O的切线；②由①知，OD⊥BC，∴CF=FB=OB•cos30°=6×=3，在Rt△POD中，OF=DF，∴PF=DO=3（直角三角形斜边上的中线，等于斜边的一半），∴CP=CF﹣PF=3﹣3．【点评】此题主要考查了圆的综合以及直角三角形的性质和锐角三角三角函数关系，正确得出△OBD是等边三角形是解题关键．22．（9分）（2017•江西）已知抛物线C1：y=ax2﹣4ax﹣5（a＞0）．（1）当a=1时，求抛物线与x轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标；②将抛物线C1沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线C2，直接写出C2的表达式；（3）若（2）中抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，求a的值．【分析】（1）将a=1代入解析式，即可求得抛物线与x轴交点；（2）①化简抛物线解析式，即可求得两个定点的横坐标，即可解题；②根据抛物线翻折理论即可解题；（3）根据（2）中抛物线C2解析式，分类讨论y=2或﹣2，即可解题；【解答】解：（1）当a=1时，抛物线解析式为y=x2﹣4x﹣5=（x﹣2）2﹣9，∴对称轴为x=2；∴当y=0时，x﹣2=3或﹣3，即x=﹣1或5；∴抛物线与x轴的交点坐标为（﹣1，0）或（5，0）；（2）①抛物线C1解析式为：y=ax2﹣4ax﹣5，整理得：y=ax（x﹣4）﹣5；∵当ax（x﹣4）=0时，y恒定为﹣5；∴抛物线C1一定经过两个定点（0，﹣5），（4，﹣5）；②这两个点连线为y=﹣5；将抛物线C1沿y=﹣5翻折，得到抛物线C2，开口方向变了，但是对称轴没变；∴抛物线C2解析式为：y=﹣ax2+4ax﹣5，（3）抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，则x=2时，y=2或者﹣2；当y=2时，2=﹣4a+8a﹣5，解得，a=；当y=﹣2时，﹣2=﹣4a+8a﹣5，解得，a=；∴a=或；【点评】本题考查了代入法求抛物线解析式的方法，考查了抛物线翻折后对称轴不变的原理，考查了抛物线顶点的求解．六、（本大题共12分）23．（12分）（2017•江西）我们定义：如图1，在△ABC中，把AB点绕点A顺时针旋转α（0°＜α＜180°）得到AB'，把AC绕点A逆时针旋转β得到AC'，连接B'C'．当α+β=180°时，我们称△A'B'C'是△ABC的“旋补三角形”，△AB'C'边B'C'上的中线AD叫做△ABC的“旋补中线”，点A叫做“旋补中心”．特例感知：（1）在图2，图3中，△AB'C'是△ABC的“旋补三角形”，AD是△ABC的“旋补中线”．①如图2，当△ABC为等边三角形时，AD与BC的数量关系为AD= BC；②如图3，当∠BAC=90°，BC=8时，则AD长为 4 ．猜想论证：（2）在图1中，当△ABC为任意三角形时，猜想AD与BC的数量关系，并给予证明．拓展应用（3）如图4，在四边形ABCD，∠C=90°，∠D=150°，BC=12，CD=2，DA=6．在四边形内部是否存在点P，使△PDC是△PAB的“旋补三角形”？若存在，给予证明，并求△PAB的“旋补中线”长；若不存在，说明理由．【分析】（1）①首先证明△ADB′是含有30°是直角三角形，可得AD=AB′即可解决问题；②首先证明△BAC≌△B′AC′，根据直角三角形斜边中线定理即可解决问题；（2）结论：AD=BC．如图1中，延长AD到M，使得AD=DM，连接B′M，C′M，首先证明四边形AC′MB′是平行四边形，再证明△BAC≌△AB′M，即可解决问题；（3）存在．如图4中，延长AD交BC的延长线于M，作BE⊥AD于E，作线段BC 的垂直平分线交BE于P，交BC于F，连接PA、PD、PC，作△PCD的中线PN．连接DF交PC于O．想办法证明PA=PD，PB=PC，再证明∠APD+∠BPC=180°，即可；【解答】解：（1）①如图2中，∵△ABC是等边三角形，∴AB=BC=AC=AB′=AC′，∵DB′=DC′，∴AD⊥B′C′，∵∠BAC=60°，∠BAC+∠B′AC′=180°，∴∠B′AC′=120°，∴∠B′=∠C′=30°，。

2017年江西省中考数学试卷-答案

江西省2017年中等学校招生考试数学答案解析第Ⅰ卷【考点】.一元二次方程的根的判断以及根与系数的关系. 6.【答案】D【解析】解：A.当E F G H ，，，是各边中点，且AC BD =时，EF FG GH HE ===，故四边形EFGH 为菱形，故A 正确；B.当E F G H ，，，是各边中点，且AC BD ⊥时，90EFG FGH GHE ∠=∠=∠=，故四边形EFGH 为矩形，故B 正确；C.当E F G H ，，，不是各边中点时，EF HG EF HG =∥，，故四边形EFGH 为平行四边形，故C 正确；D.当E F G H ，，，不是各边中点时，四边形EFGH 可能为菱形，故D 错误，故选：D.【提示】连接四边形各边中点所得的四边形必为平行四边形，根据中点四边形的性质进行判断即可. 【考点】特殊四边形的判定，中位线定理.第Ⅱ卷30，∴(18030)75∠-=，故答案为：【提示】根据等腰三角形的性质和三角形的内角和即可得到结论.，90BCOB于F90，在Rt111)22x -=为正方形，∴90B ∠=∠，∴90∠，∵90∠， 90，∴∠FCG ∽△）先把分母因式分解，再把除法运算化为乘法运算，然后约分即可；90，再利用等角的余角相等得EBF FCG ∽△轴如下：，21，，，交AF于M，交BE于N.四边形ABNM是平行四边形.16.【答案】（1）连接AF BE CG CG，，，交AF于M，交BE于N，连接DF交BE于H，四边形MNHF是菱形. （2）连接AF BE CG CG4=2011∠-=≠，69，∴180********∴此时β不是符合科学要求的100.∴A类对应扇形圆心角α的度数为36025%90⨯=，A类的人数为，补全条形图如下：360和总人数可分别求得三类别百分比之和可得答案.k 90，∵O 的直径30，∴3tan306233OP =⨯=， 2(23)30， 60，∵OB BE ，，∴90ODE ∠，∴DE 是O 的切线•cos3062OB ==⨯=2（直角三角形斜边上的中线，等于斜边的一半）90，求出答案即可的长，进而得出答案60180BAC B AC B C ∠+∠''=⊥''，，∴120B AC ∠'，∴30∠， 12BC ，故答案为12. ②如图3中，90180BAC B AC ∠+∠''=，，∴90B AC ∠''=∠，∵AB B AC ''≌△，∴BC B C =''，∵B D DC '='，∴12B C ''=理由：如图1中，延长AD 到M ，使得AD DM =，连接E M C M ''，180，180B ∠，∴∠，∴BC =.连接DF交PC于O.∠，在Rt9030 150，∴30，，MDC∠=，，，=∠=DM=，，在Rt901430460BM MBE-EM DM=∠60CPF∠，90，∴60ADP∠，BPC∠，∴12060，∵60180，∴△PAB△的“旋补三角形”，在Rt中，，906PD AD=）①首先证明30是直角三角形，可得，根据直角三角形斜边中线定理即可解决问题180即可.【考点】旋转的性质，新定义概念的运用，矩形的判定及性质，三角形中位线定理，勾股定理，锐角三角形11 / 11。

2017年江西省中学考试数学试卷

2017年江西省中考数学试卷一、选择题（共6个小题，每小题3分，计18分。

每小题只有一个选项是符合题意的）1．﹣6的相反数是（）A．B．﹣ C．6 D．﹣6【答案】C【解析】﹣6的相反数是6。

故选C。

2．在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列。

行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km，将13000用科学记数法表示应为（）A．0.13×105B．1.3×104C．1.3×105D．13×103【答案】B【解析】将13000用科学记数法表示为1.3×104。

故选B。

3．下列图形中，是轴对称图形的是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】A，不是轴对称图形，故A不符合题意；B，不是轴对称图形，故B不符合题意；C，是轴对称图形，故C符合题意；D，不是轴对称图形，故D不符合题意。

故选C。

4．下列运算正确的是（）A．（﹣a5）2=a10B．2a•3a2=6a2 C．﹣2a+a=﹣3a D．﹣6a6÷2a2=﹣3a3【答案】A【解析】A.原式=a10，故A正确；B.原式=6a3，故B错误；C.原式=a，故C错误；D.原式=﹣3a4，故D错误。

故选A。

5．已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A．x1+x2=﹣ B．x1•x2=1C．x1，x2都是有理数 D．x1，x2都是正数【答案】D【解析】根据题意，得x1+x2=＞0，x1x2=＞0，所以x1＞0，x2＞0。

故选D。

6．如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH 的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）第6题图A．当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，四边形EFGH为菱形B．当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，四边形EFGH为矩形C．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH不可能为菱形【答案】D【解析】A，当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，EF=FG=GH=HE，故四边形EFGH为菱形，故A正确；B，当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，∠EFG=∠FGH=∠GHE=90°，故四边形EFGH为矩形，故B正确；C，当E，F，G，H不是各边中点时，EF∥HG，EF=HG，故四边形EFGH为平行四边形，故C正确；D，当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可能为菱形，故D错误。

2017年江西省中考数学试题(含解析)

2017年江西省中考数学试卷满分：120分版本：人教版一、选择题（本大题共6个小题,每小题3分,共18分.）1.（2017江西）－6的相反数是（）A．16B．－16C．6 D．－6答案：C，解析：根据相反数的定义可知，a的相反数是－a，即－6的相反数是6，故应选C2.（2017江西）在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列.行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km，将13000用科学记数法表示应为（）A．0.13×102B．1.3×104C．1.3×105D．13×103答案：B，解析：用科学计数法表示13000，先确定a=1.3，最后确定10的指数比原数的整数数位少1，13000×104，故应选B.3.（2017江西）下列图形中，是轴对称图形的是（）答案：C，解析：A、B、D三个选项中的图形均无法沿着某一条直线折叠以后，直线两旁的部分能互相重合，只有C选项沿着图中的任意一条直线折叠，直线两旁的部分能均能够互相重合，故选择C．4.（2017江西）下列运算正确的是（）A．（－a5）2=a10B．2a·3a2=6a2 C. －2a+a=－3a D．－6a6÷2a2 =－3a3答案：A，解析：选项A，根据幂的乘法法则得（－a5）2=a10，正确；选项B，根据单项式的乘法法则得2a·3a2=6a3，错误；选项C，根据整式的加减法则得－2a+a=－a，错误；选项D，根据单项式的除法法则得－6a6÷2a2 =－3a4，错误；故应选D.5.（2017江西）已知一元二次方程2x2－5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A．x1+x2＝－52B．x1·x2 =1C. x1，x2都是有理数D．x1，x2都是正数答案：D，解析：根据根与系数的关系可知x1+x2＝52，x1·x2 =12，选项A、B不正确；一元二次方程2x2－5x+1=0的两个根为x1=517+，x2=517-，选项C不正确；因为x1=517+＞0，x2=517-＞0，选项D正确，故应选D.6.（2017江西）如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）A B C DA.当E ，F ，G ，H 是各边中点，且AC =BD 时，四边形EFGH 为菱形B.当E ，F ，G ，H 是各边中点，且AC ⊥BD 时，四边形EFGH 为矩形C.当E ，F ，G ，H 不是各边中点时，四边形EFGH 可以为平行四边形D.当E ，F ，G ，H 不是各边中点时，四边形EFGH 不可能为菱形答案：D ，解析：当E ，F ，G ，H 是各边中点，连接AC ，根据三角形的中位线定理可知EF=GH=12AC ，EF ∥GH ∥AC ，所以四边形EFGH 是平行四边形，当AC =BD 时，根据“对角线相等的平行四边形是矩形”可知四边形EFGH 是矩形，选项A 是正确的；当AC ⊥BD 时，根据“对角线互相垂直的平行四边形是菱形”可知四边形EFGH 是菱形，选项B 是正确的；当当E ，F ，G ，H 不是各边中点时，存在△AEH ∽△ABD ，△CFG ∽△CBD ，可得EH ∥BD ，FG ∥BD ，所以EH ∥FG ，同理EF ∥GH ，所以四边形EFGH 是平行四边形，选项C 是正确的；当E ，F ，G ，H 不是各边中点且一组邻边相等时，四边形EFGH 是菱形，故应选D.二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分） 7.（2017江西）函数y=2x 中，自变量x 的取值范围是___________．答案：x≥2，解析：根据二次根式有意义的条件可得x －2≥0，解得x ≥2，故选C ．8.（2017江西）如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA =OB ，若剪刀张开的角为30°，则∠A =_________度．答案：75°，解析：由对顶角的性质可知∠AOB=30°，∵OA =OB ，∴∠A=∠B ，在△ABC 中，∠A =∠B=12（180°－30°）=75°. 9.（2017江西）中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数.如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为___________．答案：－3，解析：根据题意可知正放表示正，斜放表示负，组合在一起表示相加，由正放2根，斜放5根组合在一起表示（+2）+（―5）=－3. 第10题 ①表示（+1）+（-1）=0② 图2 图110.（2017江西）如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是_____________．答案：8，解析：根据题意可知，正三棱柱的俯视图为正三角形，∵底面周长为9，∴边长为3，由于截去一个底面周长为3的正三棱柱，即俯视图也为正三角形∴截去的正三角形的边长为1，几何图的俯视图如图所示，虚线为切割线，∴俯视图的周长为8.11.（2017江西）已知一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是______________．答案：5，解析：根据题意可知324,14,x yx y+=⎧⎨+=⎩解得5,9,xy=⎧⎨=⎩将原数据从小到大排列为：2，5，5，9，10，11，∴这组数据的众数是5.12.（2017江西）已知点A(0，4)，B(7，0)，C(7，4)，连接AC，BC得到矩形AOBC，点D的边AC上，将边OA沿OD折叠，点A的对应边为A′，若点A′到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A′的坐标为____________．答案：（7，3）或（15，1）或（23，－2），解析：根据题意，点A′的坐标存在以下三种情况：①如图1，当A′M：A′N=1:3时，又MN=4，所以A′M=1，A′N=3，因为OA′=OA=4，在Rt△OA′N中，ON=222243OA AN''-=-=7，所以点A′的坐标为（7，3）；②如图②，当A′M：A′N=3:1时，又MN=4，所以A′M=3，A′N=1，因为OA′=OA=4，在Rt△OA′N中，ON=222241OA AN''-=-=15，所以点A′的坐标为（15，1）；③如图③，当A′M：A′N=3:1时，即（A′N+4）：A′N=3:1，解得A′N=2，在Rt△OA′N中，ON=222242OA AN''-=-=23，所以点A′的坐标为（23，－2）.三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分）图1 图2 图313.（2017江西）（1）计算：211xx+-÷21x-；思路分析：先将分式的坟墓进行饮食分解，然后利用分式的除法法则进行化简即可解：原式=1(1)(1)xx x++-·12x-=12.（2）如图，正方形ABCD中，点F，F，G分别在AB，BC，CD，且∠EFG=90°，求证：△EBF∽△FCG.思路分析：由正方形的性质可知∠B=∠C=90°，由∠EFG=90°可知∠BFE+∠CFG=90°，又∠CGF+∠CFG=90°，即∠BFE=∠CGF，利用“两角对应相等的两个三角形相似”即可得证.证明：∵四边形ABCD是正方形，∴∠B=∠C=90°，∵∠EFG=90°，∴∠BFE+∠CFG=90°，∵∠CGF+∠CFG=90°，∴∠BFE=∠CGF，∴△EBF∽△FCG.14.（2017江西）解不等式组：()26,324,xx x-<⎧⎨-≤-⎩，并把解集在数轴上表示出来.思路分析：分别求出不等式组中每个不等式的解集，再在数轴上表示出每一个解集，并找出两个解集的公共部分，即得不等式组的解集．解：解不等式①得x＞－3,解不等式②得x≤1,∴不等式组的解集为－3＜x≤1.15.（2017江西）端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．（1）小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？（2）小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率.思路分析：（1）直接利用概率公式计算；（2）用树形图或列表法列举出所有可能情况，然后由概率公式计算求得．解：（1）P（取出的是肉粽）=14；（2）画黄树状图表示如下：G共有12种等可能的结果数，其中两个都是蜜枣粽占2种，故P（取出两个都是蜜枣粽）＝212＝16．16.（2017江西）如图，已知正七边形ABCDEFG，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．（1）在图1中，画出一个以AB为边的平行四边形；（2）在图2中，画出一个以AF为边的菱形.思路分析：（1）根据正七边形的性质和“两组对边分别平行的四边形是平行四边形”来构造图形；（2）（1）根据正七边形的性质和一组邻边相等的平行四边形是菱形来构造图形；解：（1）如图所示四边形ABHF是平行四边形，四边形ABHI是平行四边形.（2）如图所示开始豆肉枣枣肉枣枣豆枣枣豆肉枣豆肉枣图1 图2四边形AHDF是平行四边形，四边形ACHF是平行四边形.17.（2017江西）如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20°，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100°.图2是其侧面简化示意图，其中视线AB水平，且与屏幕BC垂直.（1）若屏幕上下宽BC=20cm，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB的长；（2）若肩膀到水平地面的距离DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在键盘上，其到地面的距离FH=72cm.请判断此时β是否符合科学要求的100°？（参考数据：sin69°≈1415，cos21°≈1415，tan20°≈411，tan43°≈1415，所有结果精确到个位）思路分析：（1）在Rt△ABC中，已知∠α的角度和BC的长，求AB的长，利用三角函数tan∠α=BCAB即可直接求解；（2）由于∠β是一个钝角，利用解直角三角形无法直接求出它的角度，可以考虑求∠β的邻补角度数（即延长FE交DG于点I，依据DI=DG－FH可求DI的长，又DE=30，利用锐角三角函数sin∠DEI=DIDE求解∠DEI的角度），然后看∠β度数是否接近100°即可．解：（1）∵Rt△ABC中，tan A=BCAB，∴AB=tanBCA=tan20BC=20411=55（cm）；（2）延长FE交DG于点I．则DI=DG﹣FH=100﹣72=28（cm）．在Rt△DEI中，sin∠DEI=DIDE=2830=1415，∵sin69°≈1415，∴∠DEI=69°，∴∠β=180°﹣69°=111°≠100°，∴此时β不是符合科学要求的100°．四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18.（2017江西）为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图.种类 A B C D E出行方式共享单车步行公交车的士私家车根据以上信息，回答下列问题：（1）参与本次问卷调查的市民共有___________人，其中选择B类的人数有_____________人；（2）在扇形统计图中，求A类对应扇形圆心角α的度数，并补全条形统计图；（3）该市约有12万人出行，若将A，B，C这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出行”方式的人数.思路分析：（1）根据扇形图中选择C方式出行的占比为25%，在条形统计图中对应人数为200人，所以总人数=200÷25%=800（人）；选择B出行方式的人数为：800×30%=240（人）；（2）先求出选择A出行方式所占的百分比，再依据这个百分比求出扇形圆心角α的度数和选择A出行方式的人数；（3）依据“A出行方式所占的百分比之和乘以12万”即可求出“绿色出行”方式的人数.解：（1）800，240；（2）∵1－（14%+6%+25%+30%）=25%，Α=360°×25%=90°，选择A出行方式的人数为：800×255=200(人)，补充统计图如下图所示.（3）∵120000×（25%+25%+30%）=96000（人），∴该市“绿色出行”方式的人数为96000人.19.（2017江西）如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成.小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短.设单层部分的长度为x cm ，双层部分的长度为y cm ，经测量，得到如下数据：单层部分的长度x （ cm ）… 4 6 8 10… 150 双层部分的长度y (cm ) … 7372 71 …（1）根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y 关于x 的函数解析式；（2）根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm 时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；（3）设挎带的长度为l cm ，求l 的取值范围.思路分析：（1）根据表格中的数据变化确定函数与自变量之间的对应关系，设函数解析式为y=kx+b ，选择任意两个点代入解析式即可求解；（2）根据挎带的长度=单层部分的长度+双层部分的长度、挎包单层与双层之间的函数关系式求解；（3）分别依据根据挎带的长度=单层部分的长度+双层部分的长度和挎包单层与双层之间的函数关系式即可求出l 的取值范围.解：（1）70，y 关于x 的函数解析式y =－0.5x +75；（2）设函数解析式为y =kx +b ，根据题意得120,2150,x y x y +=⎧⎨+=⎩解得90,30,x y =⎧⎨=⎩所以挎带单层部分的长度为90cm,(3)根据题意得l =x +y =0.5x +75，∵0≤x ≤150,∴75cm≤l≤150cm,即l 的取值范围为75cm≤l≤150cm.20.（2017江西）如图，直线y =k 1x (x ≥0)与双曲线y=2k x(x ＞0)相交于点P (2,4).已知点A (4,0),B (0,3)，连接AB ，将Rt △AOB 沿OP 方向平移，使点O 移动到点P ，得到△A ′PB ′．过点A ′作A ′C ∥y 轴交双曲线于点C .（1）求k 1与k 2的值；（2）求直线PC 的表达式；（3）直接写出线段AB 扫过的面积.思路分析：（1）直线y =k 1x (x ≥0)与双曲线y =2k x(x ＞0)都经过点P (2,4)，直接利用待定系数法求解；（2）依据点O 平移到点P 的规律和点A 的坐标，可以得到点A ′的坐标为（6，4），又A ′C ∥y 轴，所以点C 的横坐标为6，又点C 在双曲线y=2k x上，即可求出点C 的坐标，结合点P 、C 的坐标利用待定系数法可以求出PC 的解析式；（3）由于线段AB 扫过的图形是平行四边形，可以转化为两个平行四边形的面积之和.解：（1）∵直线y =k 1x (x ≥0)与双曲线y =2k x(x ＞0)都经过点P (2,4). ∴2k 1=4，22k =4，解得k 1=2，k 2=8，（2）∵Rt △AOB 沿OP 方向平移，使点O 移动到点P ，得到△A ′PB ′，且点O 的坐标为（0，0），点P 的坐标为（2，4），∴点A 平移后得到A ′的坐标为（6，4），∵A ′C ∥y 轴交双曲线于点C .∴点C 的坐标为（6，y ），把点C 代入反比例函数y =8x 中，解得43y =， ∴点C 的坐标为（6，43），设直线PC 的解析式为y=kx+b ，根据题意得 24,46,3k b k b +=⎧⎪⎨+=⎪⎩解得2,316,3k b ⎧=-⎪⎪⎨⎪=⎪⎩∴直线PC 的表达式为21633y x =-+. （3）22.连接BB ′、AA ′，由平移得△A ′PB ′≌△AOB ，则有S 1□ABB ′A ′= S □OBB ′P +S □OAA ′P =3×2+4×4=22.五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21.（2017江西）如图1，⊙O的直径AB=12，P是弦BC上一动点（与点B，C不重合），∠ABC=30°，过点P作PD⊥OP交⊙O于点D.（1）如图2，当PD∥AB时，求PD的长；（2）如图3，当»DC=»AC时，延长AB至点E，使BE=12AB，连接DE．①求证：DE是⊙O的切线；②求PC的长．思路分析：(1)由PD∥AB，PD⊥OP可得OP⊥AB，在Rt△POB中，OB=6，∠PBO=30°，利用tan∠PBO=POPB求出OP的长，连接OD，利用勾股定理即可求出PD的长；（2）①连接OD，BD，由∠ABC=30°可知∠AOD的度数为60°，所以∠BOD=60°，又OB=OD，所以△BOD是等边三角形，即△BOF是直角三角形，即F是OD的中点，由BE=12AB可知B是OE的中点，即BF是△DOE的中位线，即∠ODE=90°，即可获证结论；②由OD⊥BC，∠ABC=30°，OB=6，利用垂径定理和cos∠OBF=OBBF求出CF的长，然后利用等腰直角三角形POD求出PF的长即可.解：解：（1）如图1，连接OD，∵OP⊥PD，PD∥AB，∴∠POB=90°，∵⊙O的直径AB=12，∴OB=OD=6，在Rt△POB中，∠ABC=30°，∴OP=OB·tan30°=6×3=23.图1 图2 图3在Rt△POD中，PD=22226(23)26OD OP-=-=.（2）①如图2，连接OD交CB于点F，连接BD，∵»DC=»AC∴∠DBC=∠ABC=30°.∴∠ABC=60°.∵OB=OD，∴△OBD是等边三角形.∴OD⊥BF.∴OF=FD.∵BE=12AB，∴OB=BE.∴BF∥ED.∴∠ODE=∠OFB=90°.∴DE是⊙O的切线.②如图2，由①知，OD⊥BC.∴CF=FB=OB·cos30°=6×3=33.在Rt△POD中，OF=DF，∴PF=12OD=3.∴CP=CF－PF=33－3.22.（2017江西）已知抛物线C1：y=ax2－4ax－5(a＞0)．（1）当a=1时，求抛物线与x轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标；②将抛物线C1沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线C2，直接写出C2的表达式；（3）若（2）中抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，求a的值.图1 图2思路分析：（1）当a=1时，抛物线解析式为y=x2－4x－5，求抛物线与x轴的交点坐标就是求方程x2－4x－5=0的两个根，利用对称轴公式可以直接求出对称轴；（2）①根据抛物线C1的解析式可知，无论a为何值，它一定会经过点（0，－5），依据抛物线的轴对称性可知抛物线C1一定会经过点（4，－5）；②先确定抛物线C1的顶点坐标，依据关于y=－5的对称点的特征确定翻折后的抛物线C2的顶点坐标，从而写出翻折后的抛物线的解析式；（3）依据题意可知，只要抛物线C2的顶点坐标纵坐标到x轴的距离等于2，即可求出a的值.解：（1）当a=1时，抛物线C1：y=x2－4x－5，令y=0，则x2－4x－5=0，解得x1=－1，x2=5.∴抛物线与x轴的交点坐标为（－1，0），（5，0）.对称轴为x=2.(2)①由抛物线C1：y=ax2－4ax－5(a＞0)．可得对称轴为42.2axa-=-=令x=0，则有y=－5，∴抛物线C1过定点（0，－5）.由抛物线的对称性可知，（0，－5）关于直线x=2的对称点为（4，－5），∴无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点（0，-5）和（4，-5）②y=－ax2－4ax－5（3）当x=2时，y=4a-5,∴抛物线C2的顶点坐标为（2，4a－5）当顶点到x轴的距离为2，452a-=解得x1=74＞0，x2=34＞0，六、（本大题共12分）23.（2017江西）我们定义：如图1，在△ABC看，把AB点A顺时针旋转α(0°＜α＜180°）得到AB′，把AC绕点A逆时针旋转β得到AC′，连接B′C′.当α+β=180°时，我们称△A′B′C′备用图是△ABC 的“旋补三角形”， △AB ′C ′边B ′C ′上的中线AD 叫做△ABC 的“旋补中线”，点A 叫做“旋补中心”.特例感知：（1）在图2，图3中，△AB ′C ′是△ABC 的“旋补三角形”，AD 是△ABC 的“旋补中心”. ①如图2，当△ABC 为等边三角形时，AD 与BC 的数量关系为AD =______BC ；②如图3，当∠BAC =90°，BC =8时，则AD 长为_____________.猜想论证：（2）在图1中，当△ABC 为任意三角形时，猜想AD 与BC 的数量关系，并给予证明.拓展应用：（3）如图4，在四边形ABCD ，∠C =90°，∠D =150°，BC =12，CD =23，DA =6，.在四边形内部是否存在点P ，使△PDC 是△PAB 的“旋补三角形”？若存在，给予证明，并求△PAB 的“旋补中线”长；若不存在，说明理由.思路分析：（1）①由“旋补三角形”的概念可知∠BAC +∠B ′AC ′=180°，AB =A′B ′，AC =A′C′，又AD 是△B ′AC ′的中线，△ABC 为等边三角形，所以∠B ′AD =60°，∠B ′=30°，利用直角三角形30°角的性质可知AD =12BC ；②利用直角三角形斜边中线性质即可求解；（2）延长AD 至E ，使DE =AD ，连接B ′E 、CE ′,又AD 是中线可知四边形ACED′是平行四边形，利用平行四边形的性质可知EC =AB ′，所以△ABC ≌△C ′EA ，即AE =BC ，又AD =12AE ,所以结论AD =12BC 即可得证；（3）根据已知条件结合旋补三角形的特征可知，以AD 为边构造等边三角形，所以∠ADP =60°，又∠D =150°，所以∠PDC =90°，连接PB 、PC ，延长BP 交AD 于点F ，过图1图2 图3 图4点P作PE⊥BC于点E，可知四边形DPEC是矩形，利用解直角三角形求出∠1的度数，得到PE是BC的垂直平分线，得到∠APD+∠BPC=180°，即可证明△PDC是△PAB的旋补三角形，先求出AB的长，依据旋补中线与AB的关系即可求解.解：（1）①12；②4.（2）猜想：AD=12 BC.证明：如图1，延长AD至E，使DE=AD，连接B′E、CE′,∵AD是△ABC的“旋补中线”，∴B′D=CD.∴四边形ACED′是平行四边形，∴EC′∥BA′，EC′=BA′.∴∠AC′E+∠B′AC′=180°.由定义可知∠B′AC′+∠BAC=180°，B′A′=BA，AC=AC′，∴∠AC′E=∠BAC，EC′=BA.∴△AC′E≌△CAB，∴AE=BC.∵AD=12AE，∴AD=12BC.（3）存在，如图2，以AD为边向四边形ABCD的内部作等边△PAD，连接PB、PC，延长BP 交AD于点F，则有∠ADP=∠APD=60°，PA=PD=AD=6，∵∠CDA=150°，∴∠CDP=90°，过点P作PE⊥BC于点E，易知四边形DPEC是矩形，∴CE=PD=6，∴tan∠1=CDPD =23=3.∴∠1=30°，∠2=60°. ∴BE=12-6=6=CE.又PE⊥BC,图1∴PC =PB , ∠3=∠2=60°.∴∠APD +∠BPC =60°+120°=180°，又PA =PD ，PB =PC ，∴△PDC 是△PAB 的“旋补三角形”.∵∠3=60°，∠DPE =90°，∴∠DPF =30°.∴BF ⊥AD ，AF =12AD =3，PF =33. 在Rt △PBE 中，PB =2222PE BE CD BE +=+=22(23)643+=.∴BF =PB +PF =73.在Rt △ABF 中，AB =22(73)3239+=.∵△PDC 是△PAB 的“旋补三角形”.∴△PAB 的“旋补中线”长为12AB =39. 图2。

2017年江西省中考数学试卷及解析答案word版

2017年江西省中考数学试卷一、选择题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．（3分）﹣6的相反数是（）A．B．﹣ C．6 D．﹣62．（3分）在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km，将13000用科学记数法表示应为（）A．0.13×105B．1.3×104C．1.3×105D．13×1033．（3分）下列图形中，是轴对称图形的是（）A． B．C．D．4．（3分）下列运算正确的是（）A．（﹣a5）2=a10 B．2a•3a2=6a2C．﹣2a+a=﹣3a D．﹣6a6÷2a2=﹣3a35．（3分）已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A．x1+x2=﹣B．x1•x2=1C．x1，x2都是有理数D．x1，x2都是正数6．（3分）如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）A．当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，四边形EFGH为菱形B．当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，四边形EFGH为矩形C．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH不可能为菱形二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分，将答案填在答题纸上）7．（3分）函数y=中，自变量x的取值范围是．8．（3分）如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA=OB．若剪刀张开的角为30°，则∠A=度．9．（3分）中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为．10．（3分）如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是．11．（3分）已知一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是．12．（3分）已知点A（0，4），B（7，0），C（7，4），连接AC，BC得到矩形AOBC，点D的边AC上，将边OA沿OD折叠，点A的对应点为A'．若点A'到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A'的坐标为．三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）13．（6分）（1）计算：÷；（2）如图，正方形ABCD中，点E，F，G分别在AB，BC，CD上，且∠EFG=90°．求证：△EBF∽△FCG．14．（6分）解不等式组：，并把解集在数轴上表示出来．15．（6分）端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．（1）小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？（2）小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率．16．（6分）如图，已知正七边形ABCDEFG，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．（1）在图1中，画出一个以AB为边的平行四边形；（2）在图2中，画出一个以AF为边的菱形．17．（6分）如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20°，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100°．图2是其侧面简化示意图，其中视线AB水平，且与屏幕BC垂直．（1）若屏幕上下宽BC=20cm，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB 的长；（2）若肩膀到水平地面的距离DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在键盘上，其到地面的距离FH=72cm．请判断此时β是否符合科学要求的100°？（参考数据：sin69°≈，cos21°≈，tan20°≈，tan43°≈，所有结果精确到个位）四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18．（8分）为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）参与本次问卷调查的市民共有人，其中选择B类的人数有人；（2）在扇形统计图中，求A类对应扇形圆心角α的度数，并补全条形统计图；（3）该市约有12万人出行，若将A，B，C这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出行”方式的人数．19．（8分）如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成．小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短．设单层部分的长度为xcm，双层部分的长度为ycm，经测量，得到如下数据：（1）根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y关于x的函数解析式；（2）根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；（3）设挎带的长度为lcm，求l的取值范围．20．（8分）如图，直线y=k1x（x≥0）与双曲线y=（x＞0）相交于点P（2，4）．已知点A（4，0），B（0，3），连接AB，将Rt△AOB沿OP方向平移，使点O移动到点P，得到△A'PB'．过点A'作A'C∥y轴交双曲线于点C．（1）求k1与k2的值；（2）求直线PC的表达式；（3）直接写出线段AB扫过的面积．五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21．（9分）如图1，⊙O的直径AB=12，P是弦BC上一动点（与点B，C不重合），∠ABC=30°，过点P作PD⊥OP交⊙O于点D．（1）如图2，当PD∥AB时，求PD的长；（2）如图3，当=时，延长AB至点E，使BE=AB，连接DE．①求证：DE是⊙O的切线；②求PC的长．22．（9分）已知抛物线C1：y=ax2﹣4ax﹣5（a＞0）．（1）当a=1时，求抛物线与x轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标；②将抛物线C1沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线C2，直接写出C2的表达式；（3）若（2）中抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，求a的值．六、（本大题共12分）23．（12分）我们定义：如图1，在△ABC中，把AB点绕点A顺时针旋转α（0°＜α＜180°）得到AB'，把AC绕点A逆时针旋转β得到AC'，连接B'C'．当α+β=180°时，我们称△A'B'C'是△ABC的“旋补三角形”，△AB'C'边B'C'上的中线AD叫做△ABC的“旋补中线”，点A叫做“旋补中心”．特例感知：（1）在图2，图3中，△AB'C'是△ABC的“旋补三角形”，AD是△ABC的“旋补中线”．①如图2，当△ABC为等边三角形时，AD与BC的数量关系为AD=BC；②如图3，当∠BAC=90°，BC=8时，则AD长为．猜想论证：（2）在图1中，当△ABC为任意三角形时，猜想AD与BC的数量关系，并给予证明．拓展应用（3）如图4，在四边形ABCD，∠C=90°，∠D=150°，BC=12，CD=2，DA=6．在四边形内部是否存在点P，使△PDC是△PAB的“旋补三角形”？若存在，给予证明，并求△PAB的“旋补中线”长；若不存在，说明理由．2017年江西省中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．（3分）﹣6的相反数是（）A．B．﹣ C．6 D．﹣6【解答】解：﹣6的相反数是6，故选C2．（3分）在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km，将13000用科学记数法表示应为（）A．0.13×105B．1.3×104C．1.3×105D．13×103【解答】解：将13000用科学记数法表示为：1.3×104．故选B．3．（3分）下列图形中，是轴对称图形的是（）A． B．C．D．【解答】解：A、是轴对称图形，故此选项符合题意；B、不是轴对称图形，故此选项不合题意；C、不是轴对称图形，故此选项不合题意；D、不是轴对称图形，故此选项不合题意；故选：A．4．（3分）下列运算正确的是（）A．（﹣a5）2=a10 B．2a•3a2=6a2C．﹣2a+a=﹣3a D．﹣6a6÷2a2=﹣3a3【解答】解：（B）原式=6a3，故B错误；（C）原式=a，故C错误；（D）原式=﹣3a4，故D错误；故选（A）5．（3分）已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A．x1+x2=﹣B．x1•x2=1C．x1，x2都是有理数D．x1，x2都是正数【解答】解：根据题意得x1+x2=＞0，x1x2=＞0，所以x1＞0，x2＞0．∵x=，故C选项错误，故选D．6．（3分）如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）A．当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，四边形EFGH为菱形B．当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，四边形EFGH为矩形C．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH不可能为菱形【解答】解：A．当E，F，G，H是四边形ABCD各边中点，且AC=BD时，存在EF=FG=GH=HE，故四边形EFGH为菱形，故A正确；B．当E，F，G，H是四边形ABCD各边中点，且AC⊥BD时，存在∠EFG=∠FGH=∠GHE=90°，故四边形EFGH为矩形，故B正确；C．如图所示，当E，F，G，H不是四边形ABCD各边中点时，若EF∥HG，EF=HG，则四边形EFGH为平行四边形，故C正确；D．如图所示，当E，F，G，H不是四边形ABCD各边中点时，若EF=FG=GH=HE，则四边形EFGH为菱形，故D错误；故选：D．二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分，将答案填在答题纸上）7．（3分）函数y=中，自变量x的取值范围是x≥2．【解答】解：依题意，得x﹣2≥0，解得：x≥2，故答案为：x≥2．8．（3分）如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA=OB．若剪刀张开的角为30°，则∠A=75度．【解答】解：∵OA=OB，∠AOB=30°，∴∠A=（180°﹣30°）=75°，故答案为：75．9．（3分）中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为﹣3．【解答】解：图②中表示（+2）+（﹣5）=﹣3，故答案为：﹣3．10．（3分）如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是8．【解答】解：从上边看是一个梯形：上底是1，下底是3，两腰是2，周长是1+2+2+3=8，故答案为：8．11．（3分）已知一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是5．【解答】解：∵一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，∴（2+5+x+y+2x+11）=（x+y）=7，解得y=9，x=5，∴这组数据的众数是5．故答案为5．12．（3分）已知点A（0，4），B（7，0），C（7，4），连接AC，BC得到矩形AOBC，点D的边AC上，将边OA沿OD折叠，点A的对应点为A'．若点A'到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A'的坐标为（，3）或（，1）或（2，﹣2）．【解答】解：∵点A（0，4），B（7，0），C（7，4），∴BC=OA=4，OB=AC=7，分两种情况：（1）当点A'在矩形AOBC的内部时，过A'作OB的垂线交OB于F，交AC于E，如图1所示：①当A'E：A'F=1：3时，∵A'E+A'F=BC=4，∴A'E=1，A'F=3，由折叠的性质得：OA'=OA=4，在Rt△OA'F中，由勾股定理得：OF==，∴A'（，3）；②当A'E：A'F=3：1时，同理得：A'（，1）；（2）当点A'在矩形AOBC的外部时，此时点A'在第四象限，过A'作OB的垂线交OB于F，交AC于E，如图2所示：∵A'F：A'E=1：3，则A'F：EF=1：2，∴A'F=EF=BC=2，由折叠的性质得：OA'=OA=4，在Rt△OA'F中，由勾股定理得：OF==2，∴A'（2，﹣2）；故答案为：（，3）或（，1）或（2，﹣2）．三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）13．（6分）（1）计算：÷；（2）如图，正方形ABCD中，点E，F，G分别在AB，BC，CD上，且∠EFG=90°．求证：△EBF∽△FCG．【解答】（1）解：原式=•=；（2）证明：∵四边形ABCD为正方形，∴∠B=∠C=90°，∴∠BEF+∠BFE=90°，∵∠EFG=90°，∴∠BFE+∠CFG=90°，∴∠BEF=∠CFG，∴△EBF∽△FCG．14．（6分）解不等式组：，并把解集在数轴上表示出来．【解答】解：解不等式﹣2x＜6，得：x＞﹣3，解不等式3（x﹣2）≤x﹣4，得：x≤1，将不等式解集表示在数轴如下：则不等式组的解集为﹣3＜x≤115．（6分）端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．（1）小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？（2）小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率．【解答】解：（1）∵有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，∴随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是：；（2）如图所示：，一共有12种可能，取出的两个都是蜜枣粽的有2种，故取出的两个都是蜜枣粽的概率为：=．16．（6分）如图，已知正七边形ABCDEFG，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．（1）在图1中，画出一个以AB为边的平行四边形；（2）在图2中，画出一个以AF为边的菱形．【解答】解：（1）连接AF、BE、CG，CG交AF于M，交BE于N．四边形ABNM 是平行四边形．（2）连接AF、DF，延长DC交AB的延长线于M，四边形AFDM是菱形．17．（6分）如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20°，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100°．图2是其侧面简化示意图，其中视线AB水平，且与屏幕BC垂直．（1）若屏幕上下宽BC=20cm，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB 的长；（2）若肩膀到水平地面的距离DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在键盘上，其到地面的距离FH=72cm．请判断此时β是否符合科学要求的100°？（参考数据：sin69°≈，cos21°≈，tan20°≈，tan43°≈，所有结果精确到个位）【解答】解：（1）∵Rt△ABC中，tanA=，∴AB====55（cm）；（2）延长FE交DG于点I．则DI=DG﹣FH=100﹣72=28（cm）．在Rt△DEI中，sin∠DEI===，∴∠DEI=69°，∴∠β=180°﹣69°=111°≠100°，∴此时β不是符合科学要求的100°．四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18．（8分）为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）参与本次问卷调查的市民共有800人，其中选择B类的人数有240人；（2）在扇形统计图中，求A类对应扇形圆心角α的度数，并补全条形统计图；（3）该市约有12万人出行，若将A，B，C这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出行”方式的人数．【解答】解：（1）本次调查的市民有200÷25%=800（人），∴B类别的人数为800×30%=240（人），故答案为：800，240；（2）∵A类人数所占百分比为1﹣（30%+25%+14%+6%）=25%，∴A类对应扇形圆心角α的度数为360°×25%=90°，A类的人数为800×25%=200（人），补全条形图如下：（3）12×（25%+30%+25%）=9.6（万人），答：估计该市“绿色出行”方式的人数约为9.6万人．19．（8分）如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成．小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短．设单层部分的长度为xcm，双层部分的长度为ycm，经测量，得到如下数据：（1）根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y关于x的函数解析式；（2）根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；（3）设挎带的长度为lcm，求l的取值范围．【解答】解：（1）观察表格可知，y是x的一次函数，设y=kx+b，则有，解得，∴y=﹣x+75．（2）由题意，解得，∴单层部分的长度为90cm．（3）由题意当y=0，x=150，当x=0时，y=75，∴75≤l≤150．20．（8分）如图，直线y=k1x（x≥0）与双曲线y=（x＞0）相交于点P（2，4）．已知点A（4，0），B（0，3），连接AB，将Rt△AOB沿OP方向平移，使点O移动到点P，得到△A'PB'．过点A'作A'C∥y轴交双曲线于点C．（1）求k1与k2的值；（2）求直线PC的表达式；（3）直接写出线段AB扫过的面积．【解答】解：（1）把点P（2，4）代入直线y=k1x，可得4=2k1，∴k1=2，把点P（2，4）代入双曲线y=，可得k2=2×4=8；（2）∵A（4，0），B（0，3），∴AO=4，BO=3，如图，延长A'C交x轴于D，由平移可得，A'P=AO=4，又∵A'C∥y轴，P（2，4），∴点C的横坐标为2+4=6，当x=6时，y==，即C（6，），设直线PC的解析式为y=kx+b，把P（2，4），C（6，）代入可得，解得，∴直线PC的表达式为y=﹣x+；（3）如图，延长A'C交x轴于D，由平移可得，A'P∥AO，又∵A'C∥y轴，P（2，4），∴点A'的纵坐标为4，即A'D=4，如图，过B'作B'E⊥y轴于E，∵PB'∥y轴，P（2，4），∴点B'的横坐标为2，即B'E=2，又∵△AOB≌△A'PB'，∴线段AB扫过的面积=平行四边形POBB'的面积+平行四边形AOPA'的面积=BO×B'E+AO×A'D=3×2+4×4=22．五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21．（9分）如图1，⊙O的直径AB=12，P是弦BC上一动点（与点B，C不重合），∠ABC=30°，过点P作PD⊥OP交⊙O于点D．（1）如图2，当PD∥AB时，求PD的长；（2）如图3，当=时，延长AB至点E，使BE=AB，连接DE．①求证：DE是⊙O的切线；②求PC的长．【解答】解：（1）如图2，连接OD，∵OP⊥PD，PD∥AB，∴∠POB=90°，∵⊙O的直径AB=12，∴OB=OD=6，在Rt△POB中，∠ABC=30°，∴OP=OB•tan30°=6×=2，在Rt△POD中，PD===2；（2）①证明：如图3，连接OD，交CB于点F，连接BD，∵=，∴∠DBC=∠ABC=30°，∴∠ABD=60°，∵OB=OD，∴△OBD是等边三角形，∴OD⊥FB，∵BE=AB，∴OB=BE，∴BF∥ED，∴∠ODE=∠OFB=90°，∴DE是⊙O的切线；②由①知，OD⊥BC，∴CF=FB=OB•cos30°=6×=3，在Rt△POD中，OF=DF，∴PF=DO=3（直角三角形斜边上的中线，等于斜边的一半），∴CP=CF﹣PF=3﹣3．22．（9分）已知抛物线C1：y=ax2﹣4ax﹣5（a＞0）．（1）当a=1时，求抛物线与x轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标；②将抛物线C1沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线C2，直接写出C2的表达式；（3）若（2）中抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，求a的值．【解答】解：（1）当a=1时，抛物线解析式为y=x2﹣4x﹣5=（x﹣2）2﹣9，∴对称轴为x=2；∴当y=0时，x﹣2=3或﹣3，即x=﹣1或5；∴抛物线与x轴的交点坐标为（﹣1，0）或（5，0）；（2）①抛物线C1解析式为：y=ax2﹣4ax﹣5，整理得：y=ax（x﹣4）﹣5；∵当ax（x﹣4）=0时，y恒定为﹣5；∴抛物线C1一定经过两个定点（0，﹣5），（4，﹣5）；②这两个点连线为y=﹣5；将抛物线C1沿y=﹣5翻折，得到抛物线C2，开口方向变了，但是对称轴没变；∴抛物线C2解析式为：y=﹣ax2+4ax﹣5，（3）抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，则x=2时，y=2或者﹣2；当y=2时，2=﹣4a+8a﹣5，解得，a=；当y=﹣2时，﹣2=﹣4a+8a﹣5，解得，a=；∴a=或；六、（本大题共12分）23．（12分）我们定义：如图1，在△ABC中，把AB点绕点A顺时针旋转α（0°＜α＜180°）得到AB'，把AC绕点A逆时针旋转β得到AC'，连接B'C'．当α+β=180°时，我们称△A'B'C'是△ABC的“旋补三角形”，△AB'C'边B'C'上的中线AD叫做△ABC的“旋补中线”，点A叫做“旋补中心”．特例感知：（1）在图2，图3中，△AB'C'是△ABC的“旋补三角形”，AD是△ABC的“旋补中线”．①如图2，当△ABC为等边三角形时，AD与BC的数量关系为AD=BC；②如图3，当∠BAC=90°，BC=8时，则AD长为4．猜想论证：（2）在图1中，当△ABC为任意三角形时，猜想AD与BC的数量关系，并给予证明．拓展应用（3）如图4，在四边形ABCD，∠C=90°，∠D=150°，BC=12，CD=2，DA=6．在四边形内部是否存在点P，使△PDC是△PAB的“旋补三角形”？若存在，给予证明，并求△PAB的“旋补中线”长；若不存在，说明理由．【解答】解：（1）①如图2中，∵△ABC是等边三角形，∴AB=BC=AC=AB′=AC′，∵DB′=DC′，∴AD⊥B′C′，∵∠BAC=60°，∠BAC+∠B′AC′=180°，∴∠B′AC′=120°，∴∠B′=∠C′=30°，∴AD=AB′=BC，故答案为．②如图3中，∵∠BAC=90°，∠BAC+∠B′AC′=180°，∴∠B′AC′=∠BAC=90°，∵AB=AB′，AC=AC′，∴△BAC≌△B′AC′，∴BC=B′C′，∵B′D=DC′，∴AD=B′C′=BC=4，故答案为4．（2）结论：AD=BC．理由：如图1中，延长AD到M，使得AD=DM，连接B′M，C′M∵B′D=DC′，AD=DM，∴四边形AC′MB′是平行四边形，∴AC′=B′M=AC，∵∠BAC+∠B′AC′=180°，∠B′AC′+∠AB′M=180°，∴∠BAC=∠MB′A，∵AB=AB′，∴△BAC≌△AB′M，∴BC=AM，∴AD=BC．（3）存在．理由：如图4中，延长AD交BC的延长线于M，作BE⊥AD于E，作线段BC的垂直平分线交BE于P，交BC于F，连接PA、PD、PC，作△PCD的中线PN．连接DF交PC于O．∵∠ADC=150°，∴∠MDC=30°，在Rt△DCM中，∵CD=2，∠DCM=90°，∠MDC=30°，∴CM=2，DM=4，∠M=60°，在Rt△BEM中，∵∠BEM=90°，BM=14，∠MBE=30°，∴EM=BM=7，∴DE=EM﹣DM=3，∵AD=6，∴AE=DE，∵BE⊥AD，∴PA=PD，PB=PC，在Rt△CDF中，∵CD=2，CF=6，∴tan∠CDF=，∴∠CDF=60°=∠CPF，易证△FCP≌△CFD，∴CD=PF，∵CD∥PF，∴四边形CDPF是矩形，∴∠CDP=90°，∴∠ADP=∠ADC﹣∠CDP=60°，∴△ADP是等边三角形，∴∠ADP=60°，∵∠BPF=∠CPF=60°，∴∠BPC=120°，∴∠APD+∠BPC=180°，∴△PDC是△PAB的“旋补三角形”，在Rt△PDN中，∵∠PDN=90°，PD=AD=6，DN=，∴PN===．（也可利用旋补中线长=AB，求出AB即可）赠送：初中数学几何模型【模型一】半角型：图形特征：F AB正方形ABCD中，∠EAF=45°∠1=12∠BAD推导说明：1.1在正方形ABCD中，点E、F分别在BC、CD上，且∠FAE＝45°，求证：EF＝BE+DFE-aa B E1.2在正方形ABCD中，点E、F分别在BC、CD上，且EF＝BE+DF，求证：∠FAE＝45°E-aa B E挖掘图形特征：x-aa-a运用举例：1．正方形ABCD 的边长为3，E 、F 分别是AB 、BC 边上的点,且∠EDF =45°.将△DAE 绕点D 逆时针旋转90°，得到△DCM . （1）求证：EF =FM（2）当AE =1时，求EF 的长．E3．如图，梯形ABCD 中，AD ∥BC ，∠C ＝90°，BC ＝CD ＝2AD ＝4，E 为线段CD 上一点，∠ABE ＝45°.（1）求线段AB 的长；（2）动点P 从B 出发，沿射线．．BE 运动，速度为1单位/秒，设运动时间为t ，则t 为何值时，△ABP 为等腰三角形；（3）求AE －CE 的值.。

2017年江西省中考数学试卷

2017年江西省中考数学试卷一、选择题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1. −6的相反数是（）A.1 6B.−16C.6D.−62. 在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．是行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列，全程长13000km，将13000用科学记数法表示为（）A.0.13×105B.1.3×104C.1.3×105D.13×1033. 下列图形中，是轴对称图形的是（）A. B.C. D.4. 下列运算正确的是()A.(−a5)2=a10B.2a⋅3a2=6a2C.−2a+a=−3aD.−6a6÷2a2=−3a35. 已知一元二次方程2x2−5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A.x1+x2=−52B.x1⋅x2=1C.x1，x2都是有理数D.x1，x2都是正数6. 如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探索出如下结论，其中错误的是（）A.当E，F，G，H是各边中点，且AC＝BD时，四边形EFGH为菱形B.当E，F，G，H是各边中点，且AC⊥BD时，四边形EFGH为矩形C.当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D.当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH不可能为菱形二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分，将答案填在答题纸上）7. 函数y=√x−2中，自变量x的取值范围是________．8. 如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2，其中OA=OB．若剪刀张开的角为30∘，则∠A=________度．9. 中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为________．10. 如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是________．11. 已知一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是________．12. 已知点A(0, 4)，B(7, 0)，C(7, 4)，连结AC，BC，得到矩形AOBC，点D的边AC上，将边OA沿OD折叠，点A的对应点为A′．若点A′到矩形较长两对边的距离之比为1:3，则点A′的坐标为________．三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）13. （1）计算：x+1x2−1÷2x−1； 13.（2）如图，正方形ABCD 中，点E ，F ，G 分别在AB ，BC ，CD 上，且∠EFG =90∘．求证：△EBF ∽△FCG ．14. 解不等式组：{−2x <63(x −2)≤x −4，并把解集在数轴上表示出来．15. 端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，这些粽子除馅外无其他差别．(1)小贤随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是多少？(2)小贤随机地从盘中取出两个粽子，试用画树状图或列表的方法表示所有可能的结果，并求出小贤取出的两个都是蜜枣粽的概率．16. 如图，已知正七边形ABCDEFG ，请仅用无刻度的直尺，分别按下列要求画图．(1)在图1中，画出一个以AB 为边的平行四边形；(2)在图2中，画出一个以AF 为边的菱形．17. 如图1，研究发现，科学使用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”α约为20∘，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”β约为100∘．图2是其侧面简化示意图，其中视线AB 水平，且与屏幕BC 垂直．(1)若屏幕上下宽BC =20cm ，科学使用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离AB 的长；(2)若肩膀到水平地面的距离DG =100cm ，上臂DE =30cm ，下臂EF 水平放置在键盘上，其到地面的距离FH =72cm ．请判断此时β是否符合科学要求的100∘?(参考数据：sin69∘≈1415，cos21∘≈1415，tan20∘≈411，tan43∘≈1415，所有结果精确到个位)四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18. 为了解某市市民“绿色出行”方式的情况，某校数学兴趣小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部分出行市民的主要出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类中选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：(1)参与本次问卷调查的市民共有________人，其中选择B 类的人数有________人；(2)在扇形统计图中，求A 类对应扇形圆心角α的度数，并补全条形统计图；(3)该市约有12万人出行，若将A ，B ，C 这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估计该市“绿色出行”方式的人数．19. 如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部分、单层部分和调节扣构成．小敏用后发现，通过调节扣加长或缩短单层部分的长度，可以使挎带的长度（单层部分与双层部分长度的和，其中调节扣所占的长度忽略不计）加长或缩短．设单层部分的长度为xcm ，双层部分的长度为ycm ，经测量，得到如下数据：（1）根据表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出y 关于x 的函数解析式；（2）根据小敏的身高和习惯，挎带的长度为120cm 时，背起来正合适，请求出此时单层部分的长度；（3）设挎带的长度为lcm ，求l 的取值范围．(x>0)相交于点P(2, 4)．已知点A(4, 0)，20. 如图，直线y=k1x(x≥0)与双曲线y=k2xB(0, 3)，连接AB，将Rt△AOB沿OP方向平移，使点O移动到点P，得到△A′PB′．过点A′作A′C // y轴交双曲线于点C．（1）求k1与k2的值；（2）求直线PC的解析式；（3）直接写出线段AB扫过的面积．五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21. 如图1，⊙O的直径AB＝12，P是弦BC上一动点（与点B，C不重合），∠ABC＝30∘，过点P作PD⊥OP交⊙O于点D．（1）如图2，当PD // AB时，求PD的长；AB，连结DE．（2）如图3，当DC⌢=AC⌢时，延长AB至点E，使BE=12①求证：DE是⊙O的切线；②求PC的长．22. 已知抛物线C1:y=ax2−4ax−5(a>0)．（1）当a=1时，求抛物线与x轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明无论a为何值，抛物线C1一定经过两个定点，并求出这两个定点的坐标；②将抛物线C1沿这两个定点所在直线翻折，得到抛物线C2，直接写出C2的表达式；（3）若（2）中抛物线C2的顶点到x轴的距离为2，求a的值．六、（本大题共12分）23. 如图1，在△ABC中，把AB绕点A顺时针旋转α(0∘<α<180∘)得到AB′，把AC绕点A逆时针旋转β得到AC′，连接B′C′．当α+β=180∘时，我们称△AB′C′是△ABC的“旋补三角形”，△AB′C′的边B′C′上的中线AD叫做△ABC的“旋补中线”，点A叫做“旋补中心”．特例感知：(1)在图2，图3中，△AB′C′是△ABC的“旋补三角形”，AD是△ABC的“旋补中线”．①如图2，当△ABC为等边三角形时，AD与BC的数量关系为AD=________BC；②如图3，当∠BAC=90∘，BC=8时，则AD长为________．猜想论证：(2)在图1中，当△ABC为任意三角形时，猜想AD与BC的数量关系，并给予证明．参考答案与试题解析2017年江西省中考数学试卷一、选择题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1.【答案】C【考点】相反数【解析】求一个数的相反数，即在这个数的前面加负号．【解答】−6的相反数是6，2.【答案】B【考点】科学记数法–表示较大的数【解析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥1时，n是非负数；当原数的绝对值<1时，n是负数．【解答】解：将13000用科学记数法表示为：1.3×104．故选B.3.【答案】C【考点】轴对称图形【解析】根据轴对称图形概念对各图形分析判断后利用排除法求解．【解答】A、图形不是轴对称图形，此选项错误；B、图形不是轴对称图形，此选项错误；C、图形是轴对称图形，此选项正确；D、图形不是轴对称图形，此选项错误；4.【答案】A【考点】整式的混合运算【解析】根据整式的运算法则即可求出答案．【解答】解：B，原式=6a3，故B错误；C，原式=−a，故C错误；D，原式=−3a4，故D错误.故选A.5.【答案】D【考点】根与系数的关系【解析】先利用根与系数的关系得到x1+x2=52>0，x1x2=12>0，然后利用有理数的性质可判定两根的符号．【解答】根据题意得x1+x2=52>0，x1x2=12>0，所以x1>0，x2>0．∵x=5±√174，故C选项错误，6.【答案】D【考点】中点四边形【解析】连接四边形各边中点所得的四边形必为平行四边形，根据中点四边形的性质进行判断即可．【解答】A．当E，F，G，H是四边形ABCD各边中点，且AC＝BD时，存在EF＝FG＝GH＝HE，故四边形EFGH为菱形，故A正确；B．当E，F，G，H是四边形ABCD各边中点，且AC⊥BD时，存在∠EFG＝∠FGH＝∠GHE＝90∘，故四边形EFGH为矩形，故B正确；C．如图所示，若EF // HG，EF＝HG，则四边形EFGH为平行四边形，此时E，F，G，H不是四边形ABCD各边中点，故C正确；D．如图所示，若EF＝FG＝GH＝HE，则四边形EFGH为菱形，此时E，F，G，H不是四边形ABCD各边中点，故D错误；二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分，将答案填在答题纸上）7.【答案】x≥2【考点】函数自变量的取值范围【解析】根据二次根式的性质，被开方数大于等于0，就可以求解．【解答】解：依题意，得x−2≥0，解得：x≥2.故答案为：x≥2.8.【答案】75【考点】等腰三角形的判定与性质【解析】本题考查了等腰三角形的性质，三角形的内角和．【解答】解：∵OA=OB，∠AOB=30∘，∴∠A=1(180∘−30∘)=75∘，2故答案为：75．9.【答案】−3【考点】正数和负数的识别【解析】此题暂无解析【解答】解：图②中表示(+2)+(−5)=−3，故答案为：−3．10.【答案】8【考点】截一个几何体简单组合体的三视图【解析】根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．【解答】从上边看是一个梯形：上底是1，下底是3，两腰是2，周长是1+2+2+3=8，11.【答案】5【考点】算术平均数中位数众数【解析】根据平均数与中位数的定义可以先求出x，y的值，进而就可以确定这组数据的众数．【解答】∵一组从小到大排列的数据：2，5，x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，∴16(2+5+x+y+2x+11)=12(x+y)=7，解得y=9，x=5，∴这组数据的众数是5．12.【答案】(√7, 3)或(√15, 1)或(2√3, −2)【考点】矩形的性质勾股定理翻折变换（折叠问题）坐标与图形性质【解析】本题考查了折叠的性质、矩形的性质、坐标与图形性质、勾股定理等知识．【解答】解：∵点A(0,4),B(7,0),C(7,4)，∴BC=OA=4,OB=AC=7.分两种情况：(1)当点A′在矩形AOBC的内部时，过点A′作OB的垂线，交OB于点F，交AC于点E，如图1，①当A′E:A′F=1:3时，∵A′E+A′F=BC=4，∴A′E=1，A′F=3.由折叠的性质得：OA′=OA=4，在Rt△OA′F中，由勾股定理得：OF=√42−32=√7，∴A′(√7, 3)；②当A′E:A′F=3:1时，同理得：A′(√15, 1)；(2)当点A′在矩形AOBC的外部时，此时点A′在第四象限，过A′作OB的垂线交OB于F，交AC于E，如图2，∵A′F:A′E=1:3，则A′F:EF=1:2，∴A′F=12EF=12BC=2，由折叠的性质得：OA′=OA=4，在Rt△OA′F中，由勾股定理得：OF=√42−22=2√3，∴A′(2√3, −2)；故答案为：(√7, 3)或(√15, 1)或(2√3, −2)．三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）13.【答案】原式=x+1(x+1)(x−1)⋅x−12=12；证明：∵四边形ABCD为正方形，∴∠B=∠C=90∘，∴∠BEF+∠BFE=90∘，∵∠EFG=90∘，∴∠BFE+∠CFG=90∘，∴∠BEF=∠CFG，∴△EBF∽△FCG．【考点】分式的乘除运算正方形的性质相似三角形的判定【解析】（1）先把分母因式分解，再把除法运算化为乘法运算，然后约分即可；（2）先根据正方形的性质得∠B=∠C=90∘，再利用等角的余角相等得∠BEF=∠CFG，然后根据有两组角对应相等的两个三角形相似可判定△EBF∽△FCG．【解答】原式=x+1(x+1)(x−1)⋅x−12=12；证明：∵四边形ABCD为正方形，∴∠B=∠C=90∘，∴∠BEF+∠BFE=90∘，∵∠EFG=90∘，∴∠BFE+∠CFG=90∘，∴∠BEF=∠CFG，∴△EBF∽△FCG．14.【答案】解不等式−2x<6，得：x>−3，解不等式3(x−2)≤x−4，得：x≤1，将不等式解集表示在数轴如下：则不等式组的解集为−3<x≤1【考点】解一元一次不等式组在数轴上表示不等式的解集【解析】分别求出每一个不等式的解集，根据解集在数轴上的表示即可确定不等式组的解集．【解答】解不等式−2x<6，得：x>−3，解不等式3(x−2)≤x−4，得：x≤1，将不等式解集表示在数轴如下：则不等式组的解集为−3<x≤115.【答案】解：(1)∵有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，∴随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是：14；(2)如图所示，一共有12种可能，取出的两个都是蜜枣粽的有2种，故取出的两个都是蜜枣粽的概率为：212=16.【考点】列表法与树状图法概率公式【解析】（1）直接利用概率公式求出取出的是肉粽的概率；（2）直接列举出所有的可能，进而利用概率公式求出答案．【解答】解：(1)∵有豆沙粽、肉粽各1个，蜜枣粽2个，∴随机地从盘中取出一个粽子，取出的是肉粽的概率是：14；(2)如图所示，一共有12种可能，取出的两个都是蜜枣粽的有2种，故取出的两个都是蜜枣粽的概率为：212=16.16.【答案】(1)连接AF，BE，CG，CG交AF于M，交BE于N．四边形ABNM是平行四边形．(2)连接AF，DF，延长DC交AB的延长线于M，四边形AFDM是菱形．【考点】菱形的判定平行四边形的判定【解析】（1）连接AF、BE、CG，CG交AF于M，交BE于N．四边形ABNM是平行四边形．（2）连接AF、DF，延长DC交AB的延长线于M，四边形AFDM是菱形．【解答】(1)连接AF，BE，CG，CG交AF于M，交BE于N．四边形ABNM是平行四边形．(2)连接AF，DF，延长DC交AB的延长线于M，四边形AFDM是菱形．17.【答案】解：(1)在Rt△ABC中，tanα=BCAB，∴AB=BCtanα=BCtan20∘≈55（cm）．即眼睛与屏幕的最短距离AB的长约为55cm．(2)延长FE交DG于点I，如图所示，则DI=DG−FH=100−72=28(cm)．在Rt△DEI中，sin∠DEI=DIDE =2830=1415，∴∠DEI≈69∘，∴∠β=180∘−69∘=111∘≠100∘．∴此时β不符合科学要求的100∘．【考点】解直角三角形的应用-仰角俯角问题【解析】此题暂无解析【解答】解：(1)在Rt△ABC中，tanα=BCAB，∴AB=BCtanα=BCtan20∘≈55（cm）．即眼睛与屏幕的最短距离AB的长约为55cm．(2)延长FE交DG于点I，如图所示，则DI=DG−FH=100−72=28(cm)．在Rt△DEI中，sin∠DEI=DIDE =2830=1415，∴∠DEI≈69∘，∴∠β=180∘−69∘=111∘≠100∘．∴此时β不符合科学要求的100∘．四、（本大题共3小题，每小题8分，共24分）.18.【答案】800,240(2)∵A类人数所占百分比为1−(30%+25%+14%+6%)=25%，∴A类对应扇形圆心角α的度数为360∘×25%=90∘，A类的人数为800×25%=200（人），补全条形图如下：(3)12×(25%+30%+25%)=9.6（万人），答：估计该市“绿色出行”方式的人数约为9.6万人．【考点】条形统计图扇形统计图统计表用样本估计总体【解析】（1）由C类别人数及其百分比可得总人数，总人数乘以B类别百分比即可得；（2）根据百分比之和为1求得A类别百分比，再乘以360∘和总人数可分别求得；（3）总人数乘以样本中A、B、C三类别百分比之和可得答案．【解答】解：(1)本次调查的市民有200÷25%=800（人），∴B类别的人数为800×30%=240（人），故答案为：800，240；(2)∵A类人数所占百分比为1−(30%+25%+14%+6%)=25%，∴A类对应扇形圆心角α的度数为360×25%=90，A类的人数为800×25%= 200（人），补全条形图如下：(3)12×(25%+30%+25%)=9.6（万人），答：估计该市“绿色出行”方式的人数约为9.6万人．19.【答案】由题意{x +y =120y =−12x +75，解得{x =90y =30 ， ∴ 单层部分的长度为90cm ．由题意当y =0，x =150，当x =0时，y =75，∴ 75≤l ≤150【考点】一次函数的应用【解析】（1）观察表格可知，y 是x 的一次函数，设y =kx +b ，利用待定系数法即可解决问题；（2）列出方程组即可解决问题；（3）由题意当y =0，x =150，当x =0时，y =75，可得75≤l ≤150．【解答】（1）观察表格可知，y 是x 的一次函数，设y =kx +b ，则有{4k +b =736k +b =72 ，解得{k =−12b =75， ∴ y =−12x +75．当x =10时，y =70，x =150时，y =0；补全表格20.【答案】解：（1）把点P(2, 4)代入直线y =k 1x ，可得4=2k 1，∴ k 1=2．把点P(2, 4)代入双曲线y =k 2x ，可得k 2=2×4=8．（2）∵ A(4, 0)，B(0, 3)，∴ AO =4，BO =3，由平移可得，A ′P =AO =4．又∵ A ′C // y 轴，P(2, 4)，∴ 点C 的横坐标为：2+4=6．当x =6时，y =86=43，即C(6, 43)．设直线PC 的解析式为y =kx +b ，把P(2, 4)，C(6, 43)代入可得{4=2k +b 43=6k +b ，解得{k =−23b =163 ．∴直线PC的表达式为y=−23x+163．（3）线段AB扫过的面积为22．【考点】待定系数法求一次函数解析式函数的综合性问题坐标与图形变化-平移【解析】本题主要考查了反比例函数与一次函数交点问题．【解答】解：（1）把点P(2, 4)代入直线y=k1x，可得4=2k1，∴k1=2．把点P(2, 4)代入双曲线y=k2x，可得k2=2×4=8．（2）∵A(4, 0)，B(0, 3)，∴AO=4，BO=3，由平移可得，A′P=AO=4．又∵A′C // y轴，P(2, 4)，∴点C的横坐标为：2+4=6．当x=6时，y=86=43，即C(6, 43)．设直线PC的解析式为y=kx+b，把P(2, 4)，C(6, 43)代入可得{4=2k+b43=6k+b，解得{k=−23b=163．∴直线PC的表达式为y=−23x+163．（3）线段AB扫过的面积为22．五、（本大题共2小题，每小题9分，共18分）.21.【答案】（1）解：如图1，连结OD．∵OP⊥PD，PD // AB，∴∠POB＝90∘．∵⊙O的直径AB＝12，∴OB＝OD＝6，在Rt△POB中，∠ABC＝30∘，∴OP＝OB⋅tan30∘＝6×√3=2√3．3在Rt△POD中，PD=√OD2−OP2=√62−(2√3)2=2√6；（2）①证明：如图2，连结OD，交CB于点F，连结BD．∵DC⌢=AC⌢，∴∠DBC＝∠ABC＝30∘，∴∠ABD＝60∘，∵OB＝OD，∴△OBD是等边三角形．∴OD⊥FB，OF=DF．∵BE=1AB，2∴OB＝BE．∴BF // ED．∴∠ODE＝∠OFB＝90∘．∴DE是⊙O的切线．②解：由①知，OD⊥BC，∴CF＝FB＝OB⋅cos30∘＝6×√3=3√3．2在Rt△POD中，OF＝DF，∴PF=1DO＝3．2∴CP＝CF−PF＝3√3−3．【考点】圆的综合题【解析】此题主要考查了圆的综合以及直角三角形的性质和锐角三角函数关系．【解答】（1）解：如图1，连结OD．∵OP⊥PD，PD // AB，∴∠POB＝90∘．∵⊙O的直径AB＝12，∴OB＝OD＝6，在Rt△POB中，∠ABC＝30∘，∴OP＝OB⋅tan30∘＝6×√3=2√3．3在Rt△POD中，PD=√OD2−OP2=√62−(2√3)2=2√6；（2）①证明：如图2，连结OD，交CB于点F，连结BD．∵DC⌢=AC⌢，∴∠DBC＝∠ABC＝30∘，∴∠ABD＝60∘，∵OB＝OD，∴△OBD是等边三角形．∴OD⊥FB，OF=DF．∵BE=1AB，2∴OB＝BE．∴BF // ED．∴∠ODE＝∠OFB＝90∘．∴DE是⊙O的切线．②解：由①知，OD⊥BC，∴CF＝FB＝OB⋅cos30∘＝6×√3=3√3．2在Rt△POD中，OF＝DF，∴PF=1DO＝3．2∴ CP ＝CF −PF ＝3√3−3．22.【答案】当a =1时，抛物线解析式为y =x 2−4x −5=(x −2)2−9， ∴ 对称轴为x =2；∴ 当y =0时，x −2=3或−3，即x =−1或5；∴ 抛物线与x 轴的交点坐标为(−1, 0)或(5, 0)；①抛物线C 1解析式为：y =ax 2−4ax −5，整理得：y =ax(x −4)−5；∵ 当ax(x −4)=0时，y 恒定为−5；∴ 抛物线C 1一定经过两个定点(0, −5)，(4, −5)；②这两个点连线为y =−5；将抛物线C 1沿y =−5翻折，得到抛物线C 2，开口方向变了，但是对称轴没变； ∴ 抛物线C 2解析式为：y =−ax 2+4ax −5，抛物线C 2的顶点到x 轴的距离为2，则x =2时，y =2或者−2；当y =2时，2=−4a +8a −5，解得，a =74；当y =−2时，−2=−4a +8a −5，解得，a =34；∴ a =74或34；【考点】二次函数图象与几何变换抛物线与x 轴的交点【解析】（1）将a =1代入解析式，即可求得抛物线与x 轴交点；（2）①化简抛物线解析式，即可求得两个定点的横坐标，即可解题； ②根据抛物线翻折理论即可解题；（3）根据（2）中抛物线C 2解析式，分类讨论y =2或−2，即可解题；【解答】当a =1时，抛物线解析式为y =x 2−4x −5=(x −2)2−9， ∴ 对称轴为x =2；∴ 当y =0时，x −2=3或−3，即x =−1或5；∴ 抛物线与x 轴的交点坐标为(−1, 0)或(5, 0)；①抛物线C 1解析式为：y =ax 2−4ax −5，整理得：y =ax(x −4)−5；∵ 当ax(x −4)=0时，y 恒定为−5；∴ 抛物线C 1一定经过两个定点(0, −5)，(4, −5)；②这两个点连线为y =−5；将抛物线C 1沿y =−5翻折，得到抛物线C 2，开口方向变了，但是对称轴没变； ∴ 抛物线C 2解析式为：y =−ax 2+4ax −5，抛物线C 2的顶点到x 轴的距离为2，则x =2时，y =2或者−2；当y =2时，2=−4a +8a −5，解得，a =74；当y =−2时，−2=−4a +8a −5，解得，a =34；∴ a =74或34；六、（本大题共12分）23.【答案】12,4(2)证明：猜想结论：AD =12BC ．如图1中，延长AD 到M ，使得AD =DM ，连接B′M ，C′M ，∵ B′D =DC′，AD =DM ，∴ 四边形AC′MB′是平行四边形，∴ AC′=B′M =AC ，∵ ∠BAC +∠B′AC′=180∘，∠B′AC′+∠AB′M =180∘，∴ ∠BAC =∠MB′A ，∵ AB =AB′，∴ △BAC ≅△AB′M ，∴ BC =AM ，∴ AD =12BC ．【考点】全等三角形的性质与判定旋转的性质等边三角形的性质【解析】（1）①首先证明△ADB′是含有30∘是直角三角形，可得AD =12AB′即可解决问题； ②首先证明△BAC ≅△B′AC′，根据直角三角形斜边中线定理即可解决问题；（2）结论：AD =12BC ．如图1中，延长AD 到M ，使得AD =DM ，连接B′M ，C′M ，首先证明四边形AC′MB′是平行四边形，再证明△BAC ≅△AB′M ，即可解决问题；（3）存在．如图4中，延长AD 交BC 的延长线于M ，作BE ⊥AD 于E ，作线段BC 的垂直平分线交BE 于P ，交BC 于F ，连接PA 、PD 、PC ，作△PCD 的中线PN ．连接DF 交PC 于O ．想办法证明PA =PD ，PB =PC ，再证明∠APD +∠BPC =180∘，即可；【解答】(1)解：①如图2中，∵ △ABC 是等边三角形，∴ AB =BC =AC =AB′=AC′，∵ DB′=DC′，∴AD⊥B′C′，∵∠BAC=60∘，∠BAC+∠B′AC′=180∘，∴∠B′AC′=120∘，∴∠B′=∠C′=30∘，∴AD=12AB′=12BC；②如图3中，∵∠BAC=90∘，∠BAC+∠B′AC′=180∘，∴∠B′AC′=∠BAC=90∘，∵AB=AB′，AC=AC′，∴△BAC≅△B′AC′，∴BC=B′C′，∵B′D=DC′，∴AD=12B′C′=12BC=4.故答案为：12；4．(2)证明：猜想结论：AD=12BC．如图1中，延长AD到M，使得AD=DM，连接B′M，C′M，∵B′D=DC′，AD=DM，∴四边形AC′MB′是平行四边形，∴AC′=B′M=AC，∵∠BAC+∠B′AC′=180∘，∠B′AC′+∠AB′M=180∘，∴∠BAC=∠MB′A，∵AB=AB′，∴△BAC≅△AB′M，∴BC=AM，∴AD=12BC．。

江西省中考数学真题试题(含解析)(1)

江西省2017年中考数学真题试题一、选择题(本大题共6个小题，每小题3分，共18分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

）1．﹣6的相反数是（）A．16B．﹣16C．6 D．﹣6【答案】C【解析】试题分析:根据只有符号不同的两数互为相反数，可知﹣6的相反数是6,故选：C考点：相反数2．在国家“一带一路"战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长13000km,将13000用科学记数法表示应为（）A．0。

13×105B．1。

3×104C．1。

3×105D．13×103【答案】B【解析】考点：科学记数法-表示较大的数3．下列图形中，是轴对称图形的是（）A．B．C． D．【答案】C【解析】试题分析：根据轴对称图形的概念可知：A、不是轴对称图形，故A不符合题意；B、不是轴对称图形，故B不符合题意;C、是轴对称图形，故C符合题意;D、不是轴对称图形，故D不符合题意;故选：C．考点：轴对称图形4．下列运算正确的是（）A．（﹣a5）2=a10B．2a•3a2=6a2 C．﹣2a+a=﹣3a D．﹣6a6÷2a2=﹣3a3【答案】A【解析】考点:整式的混合运算5．已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的两个根为x1，x2，下列结论正确的是（）A．x1+x2=﹣52B．x1•x2=1 C．x1，x2都是有理数D．x1，x2都是正数【答案】D 【解析】试题分析：先利用根与系数的关系得到x1+x2=52＞0,x1x2=12＞0，然后利用有理数的性质可判定两根的符合：x1＞0，x2＞0．故选：D．考点：根与系数的关系6．如图，任意四边形ABCD中，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA上的点，对于四边形EFGH的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践,探索出如下结论，其中错误的是( ）A．当E，F，G，H是各边中点,且AC=BD时，四边形EFGH为菱形B．当E，F,G，H是各边中点，且AC⊥BD时,四边形EFGH为矩形C．当E，F，G，H不是各边中点时，四边形EFGH可以为平行四边形D．当E，F，G，H不是各边中点时,四边形EFGH不可能为菱形【答案】D【解析】试题分析:根据题意，可知，连接四边形各边中点所得的四边形必为平行四边形，根据中点四边形的性质进行判断:A．当E，F，G，H是各边中点，且AC=BD时，EF=FG=GH=HE，故四边形EFGH为菱形，故A正确;B．当E，F，G,H是各边中点，且AC⊥BD时，∠EFG=∠FGH=∠GHE=90°，故四边形EFGH为矩形，故B正确;C．当E，F，G，H不是各边中点时，EF∥HG，EF=HG，故四边形EFGH为平行四边形，故C正确；D．当E,F，G,H不是各边中点时，四边形EFGH可能为菱形，故D错误；故选：D．考点：中点四边形二、填空题（本大题共6小题,每小题3分,满分18分，将答案填在答题纸上）7．函数y=2x 中,自变量x的取值范围是．【答案】x≥2【解析】考点:函数自变量的取值范围8．如图1是一把园林剪刀，把它抽象为图2,其中OA=OB．若剪刀张开的角为30°，则∠A= 度．【答案】75【解析】考点:等腰三角形的性质9．中国人最先使用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹(小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，根据刘徽的这种表示法，观察图①，可推算图②中所得的数值为．【答案】-3【解析】试题分析：根据有理数的加法，可得图②中表示（+2）+（﹣5）=﹣3,故答案为:﹣3．考点：正数和负数10．如图，正三棱柱的底面周长为9，截去一个底面周长为3的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是．【答案】8【解析】试题分析：根据从上边看得到的图形是俯视图，可知从上边看是一个梯形：上底是1，下底是3，两腰是2，周长是1+2+2+3=8，故答案为：8．考点:1、简单组合体的三视图;2、截一个几何体11．已知一组从小到大排列的数据：2，5,x，y，2x，11的平均数与中位数都是7，则这组数据的众数是．【答案】5【解析】试题分析：根据平均数与中位数的定义，可以先排列:一组从小到大排列的数据：2,5，x,y，2x，11的平均数与中位数都是7,所以得到16（2+5+x+y+2x+11)=12(x+y）=7，解得y=9，x=5，这组数据的众数是5．故答案为5．考点：1、众数;2、算术平均数；3、中位数12．已知点A(0，4），B（7，0）,C（7，4），连接AC，BC得到矩形AOBC，点D的边AC上,将边OA沿OD折叠，点A的对应边为A’．若点A’到矩形较长两对边的距离之比为1：3，则点A’的坐标为．【答案】【解析】∴A'E=1，A’F=3，由折叠的性质得：OA’=OA=4，在Rt△OA’F中,由勾股定理得：22437，∴73）;②当A'E：A’F=3：1时,同理得：151);（2）当点A’在矩形AOBC 的外部时,此时点A'在第四象限，过A’作OB 的垂线交OB 于F ，交AC 于E,如图考点：1、翻折变换（折叠问题）；2、坐标与图形性质；3、矩形的性质三、解答题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。

2017年江西省中考数学试卷

2017年江西省中考数学试卷一、选择题（共6小题；共30分）的相反数是C.2. 在国家“一带一路”战略下，我国与欧洲开通了互利互惠的中欧班列．行程最长，途经城市和国家最多的一趟专列全程长，将用科学记数法表示应为A. B. C. D.3. 以下图形中，是轴对称图形的是A. B.C. D.4. 以下运算正确的选项是A. B.C. D.5. 已知一元二次方程的两个根为，，以下结论正确的选项是A. B.C. ，都是有理数D. ，都是正数6. 如图，任意四边形中，，，，别离是，，，上的点，关于四边形的形状，某班学生在一次数学活动课中，通过动手实践，探讨出如下结论，其中错误的选项是A. 当，，，是各边中点，且时，四边形为菱形B. 当，，，是各边中点，且时，四边形为矩形C. 当，，，不是各边中点时，四边形能够为平行四边形D. 当，，，不是各边中点时，四边形不可能为菱形二、填空题（共6小题；共30分）7. 函数中自变量的取值范围为 .8. 如图是一把园林剪子，把它抽象为图，其中，假设剪子张开的角为，那么度．9. 中国人最先利用负数，魏晋时期的数学家刘徽在“正负术”的注文中指出，可将算筹（小棍形状的记数工具）正放表示正数，斜放表示负数．如图，依照刘徽的这种表示法，观看图①，可推算图②中所得的数值为．10. 如图，正三棱柱的底面周长为，截去一个底面周长为的正三棱柱，所得几何体的俯视图的周长是．11. 已知一组从小到大排列的数据：，，，，，的平均数与中位数都是，那么这组数据的众数是．12. 已知点，，，连接，取得矩形，点在边上，将边沿折叠，点的对应边为，假设点到矩形较长两对边的距离之比为，那么点的坐标为．三、解答题（共11小题；共143分）13. （1（2）如图，正方形中，点，，别离在，，上，且．求证：．14. 解不等式组：并把解集在数轴上表示出来．15. 端午节那天，小贤回家看到桌上有一盘粽子，其中有豆沙粽、肉粽各个，蜜枣粽个，这些粽子除馅外无其他不同．（1）小贤随机地从盘中掏出一个粽子，掏出的是肉粽的概率是多少?（2）小贤随机地从盘中掏出两个粽子，试用画树状图或列表的方式表示所有可能的结果，并求出小贤掏出的两个都是蜜枣粽的概率．16. 如图，已知正七边形，请仅用无刻度的直尺，别离按以下要求画图．（1）在图中，画出一个以为边的平行四边形；（2）在图中，画出一个以为边的菱形．17. 如图，研究发觉，科学利用电脑时，望向荧光屏幕画面的“视线角”约为，而当手指接触键盘时，肘部形成的“手肘角”约为．图是其侧面简化示用意，其中视线水平，且与屏幕垂直．（参考数据：，，，，所有结果精准到个位）（1）假设屏幕上下宽，科学利用电脑时，求眼睛与屏幕的最短距离的长；（2）假设肩膀到水平地面的距离，上臂，下臂水平放置在键盘上，其到地面的距离．请判定现在是不是符合科学要求的?18. 为了解某市市民“绿色出行”方式的情形，某校数学爱好小组以问卷调查的形式，随机调查了某市部份出行市民的要紧出行方式（参与问卷调查的市民都只从以下五个种类当选择一类），并将调查结果绘制成如下不完整的统计图．依照以上信息，回答以下问题：（1）参与本次问卷调查的市民共有人，其当选择B类的人数有人；（2）在扇形统计图中，求A 类对应扇形圆心角的度数，并补全条形统计图；（3）该市约有万人出行，假设将 A，B，C 这三类出行方式均视为“绿色出行”方式，请估量该市“绿色出行”方式的人数．19. 如图，是一种斜挎包，其挎带由双层部份、单层部份和调剂扣组成，小敏用后发觉，通过调剂扣加长或缩短单层部份的长度，能够使挎带的长度（单层部份与双层部份长度的和，其中调剂扣所占的长度忽略不计）加长或缩短．设单层部份的长度为，双层部份的长度为，经测量，取得如下数据：（1）依照表中数据的规律，完成以下表格，并直接写出关于的函数解析式；（2）依照小敏的身高和适应，挎带的长度为时，背起来正适合，请求出现在单层部份的长度；（3）设挎带的长度为的取值范围．20. 如图，直线与双曲线相交于点．已知点，，连接，将沿方向平移，使点移动到点，取得．过点作轴交双曲线于点．（1）求与的值；（2）求直线的表达式；（3）直接写出线段扫过的面积．21. 如图，的直径，是弦上一动点（与点，不重合），，过点作交于点．（1）如图，当时，求的长；（2）如图，当时，延长至点，使，连接．①求证：是的切线；②求的长．22. 已知抛物线：．（1）当时，求抛物线与轴的交点坐标及对称轴；（2）①试说明不管为何值，抛物线必然通过两个定点，并求出这两个定点的坐标；② 将抛物线沿这两个定点所在直线翻折，取得抛物线，直接写出的表达式；（3）假设（）中抛物线的极点到轴的距离为，求的值．23. 咱们概念：如图，在中，把绕点顺时针旋转取得，把绕点逆时针旋转取得，连接时，咱们称是的“旋补三角形”，边上的中线叫做的“旋补中线”，点叫做“旋补中心”．（1）特例感知：在图，图中，是的“旋补三角形”．是的“旋补中线”．①如图，当为等边三角形时，与的数量关系为；②如图，当，时，那么长为．（2）猜想论证：在图中，当为任意三角形时，猜想与的数量关系，并给予证明．（3）拓展应用如图，在四边形，，，，，．在四边形内部是不是存在点，使是的“旋补三角形”?假设存在，给予证明，并求的“旋补中线”长；假设不存在，说明理由．答案第一部份1. C2. B3. D4. A5. D6. D第二部份7.8.10.11.或或第三部份13. （1）（2）四边形是正方形，．．，．．．14.解不等式，得解不等式，得原不等式组的解集为那个不等式组的解集在数轴上表示如下图．15. （1）从盘中随机掏出一个粽子共有种等可能结果，掏出的是肉粽的结果有种，因此（2）依照题意，能够画出如下的树状图：由树状图能够得出，所有可能显现的结果共有种，这些结果显现的可能性相等，小贤取到的两个都是蜜枣粽的结果共有种，因此16. （1）如图．平行四边形即为所求．【解析】平行四边形即为所求．平行四边形即为所求．平行四边形即为所求．（2）如图．菱形即为所求．【解析】菱形即为所求．17. （1）如图，，．在中，，．（2）如图，延长交于点，，，，．四边形是矩形．．．在中，．．．现在不符合科学要求的．18. （1）；（2）．因此条形统计图补全如下：（3）（万人）．因此估量该市“绿色出行”方式的人数为万人．19. （1）关于的函数解析式为（2）当挎带的长度为时，可得，．解得．答：单层部份的长度为．（3）当时，，当时，，．20. （1）点在直线与双曲线上，，．解得，．（2）通过平移取得对应点，向右平移个单位，再向上平移个单位可得．经平移得．轴，交双曲线于点，当时，设直线的表达式为，那么有：解得直线的表达式为（3）线段扫过的面积是．21. （1）如图，连接，，，，的直径，．在中，，．在中，．（2）①如图，连接交于点，连接，，，，，是等边三角形．．，．．．是的切线．②如图，由①知，，．在中，，．．22. （1）当时，抛物线：．令，那么，解得，．因此抛物线与轴的交点坐标为，．对称轴为直线．（2）①由抛物线：，可得对称轴为直线．令，那么有直线因此抛物线过定点．由抛物线的对称性可知，关于直线的对称点为．因此不管为何值，抛物线必然通过两个定点和．② （或）．（3）当时，，因此抛物线的极点坐标为．当极点到轴的距离为时，，解得，23. （1）；②（2）猜想：．证明：如图，延长至，使．是的“旋补中线”，．四边形是平行四边形．，．．由概念可知，，，，．在和中，．．，．（3）存在．如图，以为边向四边形的内部作等边，连接，，延长交于点，那么有：，．，．过点作于点，易知四边形为矩形．．．，．．又，，．．又，，是的“旋补三角形”．，，．，，．在中，．．在中，．是的“旋补三角形”．的“旋补中线”长为．。