吉林省延边朝鲜族自治州汪清县六中2020-2021学年高二(上)期中物理试题

合集下载

吉林省汪清县第六中学2020-2021高二物理上学期期末考试试题

吉林省汪清县第六中学2020—2021学年高二物理上学期期末考试试题一、单项选择（每题4分，共32分）1、在如图所示的四幅图中,正确标明了带正电的粒子所受洛伦兹力F方向的是（ )2、在地球赤道正上方一导线中通有自西向东的电流,则导线受到地磁场给它的安培力方向为（）A．竖直向上 B．竖直向下 C．东偏上 D．西偏上3、如图实线为一簇未标明方向的电场线，虚线为一带电粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，A、B是轨迹上的两点。

下列说法正确的是（）A．A点的电势一定比B点低 B．A点的电场强度比B点小C．带电粒子在A点的动能比B点大 D．带电粒子在A点的电势能比B点高4、下列装置中，没有应用磁偏转原理工作的是（ )A．磁流体发电机 B．显像管 C．回旋加速器 D．变压器5、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，A为灯泡,D为理想电压表．在变阻器的滑片P由B 端向C端滑动的过程中( )A．A灯变亮,D示数变大 B．A灯变亮，D示数变小C．A灯变暗，D示数变大 D．A灯变暗，D示数变小6、如图,两根平行长直导线固定，导线中通有垂直纸面向外，大小相等的恒定电流，O是两导线连线的中点，。

下列说法正确的是（)a、b是连线上的两点，c是连线的中垂上一点aO ObA．O点的磁感应强度不为零，方向垂直于两导线的连线向上B．a、b两点的磁感应强度大小相等，方向相同C．a、b两点的磁感应强度大小相等,方向相反D．c点的磁感应强度不为零，方向平行于两导线的连线向右7、如图所示，平行板电容器的金属板a、b分别与电池两极相连,开始时开关S闭合，发现在距两板距离相等的P点有一个带电液滴处于静止状态，然后断开开关，并将b板向下平移一小段距离,稳定后，下列说法中正确的是（)A．液滴带正电 B．液滴将加速向下运动C．液滴将保持不动 D．P点电势降低8、如图1为示波管的原理图．若在XX′上加上如图2所示的扫描电压，在YY′上加如图3所示的信号电压，则在荧光屏上会看到的图形是（）A ．B ．C ．D ．二、多项选择（每题4分，共16分，选对但不全得2分）9、某地的地磁场的磁感应强度大约是54.010T -⨯，一根长500m 的导线，电流为10A ，则该导线受到的磁场力可能是( ) A ．0B ．0.1 NC ．0。

吉林省汪清六中2024学年物理高三第一学期期中调研模拟试题含解析

吉林省汪清六中2024学年物理高三第一学期期中调研模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2．答题时请按要求用笔。

3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、图是某质点运动的速度图像，由图像得到的正确结果是A．0~1 s内的平均速度是2m/sB．0~1s内的位移大小是3 mC．0~1s内的加速度大于2~4s内的加速度D．0~1s内的运动方向与2~4s内的运动方向相反2、如图所示为甲乙两物体做直线运动的x-t图像，对于0~t1时间内两物体的运动，下列说法中正确的是A．甲物体速度方向与加速度方向相同B．乙物体加速度方向与速度方向相反C．甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度D．乙物体位移变小，速度变大3、质量为1kg的木板B静止在水平面上，可视为质点的物块A从木板的左侧沿木板上表面水平冲上木板，如图甲所示．A和B经过1s达到同一速度，之后共同减速直至静止，A和B运动的v﹣t图象如图乙所示，取g=10m/s2，则物块A的质量为（）A．1kgB．3kgC．2kgD．6kg4、某同学设计了一个验证平行四边形定则的实验，装置如图所示．系着小物体m1、m2的细线绕过光滑小滑轮与系着小物体m3的细线连接在O点，当系统达到平衡时绕过滑轮的两细线与竖直方向夹角分别为37°和53°，则三个小物体的质量之比m1∶m2∶m3为(sin 37°＝0.6，sin 53°＝0.8)( )A．3∶4∶5 B．4∶3∶5C．4∶5∶3 D．3∶5∶45、如图所示，质量为m的硬质面字典A对称跨放在硬质面的书本B上．将书本B的一端缓慢抬高至字典刚要滑动，此时书脊与水平面的夹角为θ．下列说法中正确的是（）A．A受到三个力的作用B．B对A的最大静摩擦力的合力为mgsinθC．B的一个侧面对A的弹力为mgcosθD．B对A的作用力为零6、如图所示,粗细均匀的U 形管竖直放置,管内有水银柱封住一段空气柱,如果沿虚线所示的位置把开口一侧的部分截掉,保持弯曲部分管子位置不动,则封闭在管内的空气柱将( )A ．体积不变B ．体积变大C ．压强变大D ．压强不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

吉林省延边市汪清县第六中学2024届高二物理第一学期期中联考模拟试题含解析

吉林省延边市汪清县第六中学2024届高二物理第一学期期中联考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，质量分别为m 1、m 2的A 、B 两小球分别连在弹簧两端，B 小球用细绳固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量且细绳和弹簧与斜面平行，在细绳被剪断的瞬间，A 、B 两小球的加速度分别为( )A ．都等于2gB ．0和()1222m m g m +C ．()1222m m gm +和0 D ．0和2g 2、如图所示，磁场B 垂直纸面向内。

若将匀强磁场中的一段通电导线在纸平面内转过θ角，则它受到的磁场力的大小将A ．增大B ．减小C ．不变D ．条件不足，无法确定3、下列哪一组物理概念的提出采用的都是“建立物理模型”这一方法（） A ．“平均速度”“质点”“电场强度”B ．“质点”“点电荷”“理想气体”C ．“点电荷”“总电阻”“电场强度”D ．“点电荷”“平均速度”“总电阻”4、关于磁感应强度，下列说法正确的是A．磁场中某一点的磁感应强度可以这样测定：把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力F与该导线的长度L、通过的电流I乘积的比值，即F BIL =B．磁感应强度FBIL=只是定义式，它的大小取决于场源以及在磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的方向无关C．通电导线在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零D．通电导线所受磁场力的方向就是磁场的方向5、如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一带电粒子在此电场中的运动轨迹，若带电粒子是从a处运动到b处的。

吉林省汪清县第六中学最新高二物理上学期期中试题含解析

吉林省汪清县第六中学2021年高二物理上学期期中试题含解析一、选择题共５2分。

其中1~12题为单选题，每题3分;１3~１6题为多选题，每题４分.多选题中，至少有两个选项是正确的，全对得４分，选对但不全得2分，有错不得分。

１．关于点电荷,下列说法中正确的是　A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷ﻩB．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C. 点电荷一定是电量很小的电荷ﻩＤ．　点电荷是一种理想化的模型，实际不存在答案D解析详解ＡBC。

带电体看作点电荷的条件,当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状和电量多少无具体关系，故AＢC不符合题意;　D。

点电荷是一种理想化的物理模型，实际上不存在，故Ｄ符合题意．２.如图所示是电场中某区域的三条电场线,a、ｂ是电场中的两点。

这两点相比：A。

b点的场强较大B。

ａ点的场强较大C．同一个试探电荷放在a点所受的电场力比放在b点时大Ｄ。

ａ、b场强一样大答案A解析电场线密集的地方场强较大，则b点的场强较大,选项A正确,BＤ错误;根据F＝Eq可知，同一个试探电荷放在a点所受的电场力比放在b点时小，选项C错误；故选Ａ。

3.如图所示,两个不带电的导体Ａ和B,用一对绝缘柱支持使它们彼此接触．把一带正电荷的物体C置于A 附近，贴在A、B下部的金属箔都张开A。

此时A带正电，Ｂ带负电B．此时A、B带负电C．　移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D．先把A和B分开，然后移去Ｃ，贴在A、B下部的金属箔都闭合答案C解析详解带正电的物体Ｃ靠近A附近时,由于静电感应,A端带上负电，B端带上正电，故AＢ错误;移去C后,由于电荷间相互作用,重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，故C正确;先把AB分开,则A带负电，B带正电,移去C后,电荷不能再进行中和,故两金属箔仍然张开，故D错误.4。

如图所示为点电荷a、ｂ所形成的电场线分布，以下说法正确的是A。

吉林省汪清县第六中学2021-2022学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案

2021—2022学年度第一学期汪清六中高二物理期中考试总分：100分时量： 90分钟出题人：李岩班级: 姓名:一、选择题(每题4分,共60分，1—10题为单项选择,11—15题为多项选择) 1.下列说法正确的是A.匀强电场中各处电场强度相等,电势也相等B.等势面上各点电势相等,电场强度也相等C.沿电场线方向电势肯定越来越低D.电势降低的方向就是电场线的方向 2. 如图所示，匀强电场场强E ＝100 V ／m ，A 、B 两点相距10cm 、A 、B 连线与电场线夹角为600，则AB U 的值为A ．-10 VB ．10 VC ．-5 VD ．5 V3. 如图所示，在电场强度E=2×103V/m 的匀强电场中有三点A 、M 、B ，AM=4 cm ，AB=5 cm,MB= 3 cm.把一电荷量为2×10-9C 的点电荷从A 移到M ，再从M 移到B ，电场力做功为（） A.1.6×10-7J B.1.2×10-7J C.-1.6×10-7J D.-4.0×10-8J4.用把握变量法，可争辩影响平行板电容器电容的因素(如图)．设两极板正对面积为S ，极板间的距离为d ，静电计指针偏角为θ.试验中，极板所带电荷量不变，若5. 如图所示，平行板电容器的电容为C ，带电荷量为Q ，板间距离为d ，今在两板的中点2d处放一电荷q ，则它所受电场力的大小为A. 22d kQqB.24d kQq C.Cd Qq D.Cd Qq 26. 某争辩性学习小组对电工穿的高压作业服进行争辩，发觉高压作业服是用铜丝编织的，下列各同学的理由正确的是A ．甲认为铜丝编织的衣服不易拉破，所以用铜丝编织B ．乙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电势保持为零，对人体起爱护作用C ．丙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电场强度保持为零，对人体起爱护作用D ．丁认为铜丝必需达到肯定的厚度，才能对人体起到爱护作用7.如图所示，先接通开关S 使电容器充电，然后断开S ．当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q 、电容C 、两极板间电势差U 、电容器两极板间场强E 的变化状况是 A ．Q 变小，C 不变，U 不变，E 变小 B ．Q 变小，C 变小，U 不变，E 不变 C ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 变小 D ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 不变8.关于带电粒子(不计重力)在匀强电场中的运动状况下列说法正确的是 A.肯定做匀变速运动 B.肯定做匀减速运动C.肯定做曲线运动D.可能做匀变速直线运动,不行能做匀变速曲线运动 9.电路中通过某一横截面的电荷量为10C,所用的时间为10s ，则电路中的电流是 A.1A B.2A C.3A D.4A 10.关于电源，下列说法正确的是A ．电源可将其他形式的能转化为电能 B.在电源内部，电源依靠静电力搬运电荷 C ．在电源内部电能转化为其他形式能 D.电源就是产生电荷的装置11. 如图所示金属壳放在光滑的绝缘水平垫上，不能起到屏蔽外电场或内电场作用的是 A ．B ．C ．D ．12. 如图所示，在金属球壳内部球心放置带电荷量+Q 的点电荷，球壳内有A 点，壳壁中有B 点，壳外有C 点，则下列说法正确的是A ．A 、B 两点场强均为零 B ．EA ＞EC ＞EBC ．假如A 、C 和球心在一条直线上，则A 、C 两点的场强方向相同D ．B 点场强方向沿半径方向向外A ．保持S 不变，增大d ，则θ变大B ．保持S 不变，增大d ，则θ变小C ．保持d 不变，减小S ，则θ变小D ．保持d 不变，减小S ，则θ不变13. 两个电容器电容的公式：C=Q/U和C=εS /4πkd．关于它们的说法，正确的是A．从C=Q/U可以看出，电容的大小取决于带电量和电压B．从C=εS/4πkd可以看出，电容的大小取决于电介质的种类、导体的外形和两极位置关系C．它们都适用于各种电容器D．C=Q/U是适用于各种电容器的定义式，C=εS/4πkd是只适用于平行板电容器的打算式14. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则下列说法中正确的是A.电容器带电量不变B.尘埃仍静止C.检流计中有a→b的电流D.检流计中有b→a的电流．15. 如图所示，是描述对给定的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的是A．B．C．D．二、计算题(每题10分，共40分)16.某电解槽横截面积为0.5m2，若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10C，则电解液中的电流为多少安?17.如图平行带电金属板A、B间可看成匀强电场，场强E＝1.2×102V/m，板间距离d＝5cm，电场中C点到A板和D点到B板的距离均为0.5 cm，B板接地，求：（1）C、D两点间的电势差CDU为多少？（2）将点电荷q=2×10-2C从C点匀速移到D点时电场力做了多少功？18.如图所示，平行板电容器的两个极板A、B分别接在电压为60V的恒压电源上，两极板间距为3cm，电容器带电荷量为6×10-8C，A极板接地（电势为零）．求：（1）平行板电容器的电容；（2）平行板电容器两板之间的电场强度；（3）距B板为2cm的C点处的电势．19. 如图所示，点电荷A和B带电荷量分别为3.0×108C和-2.4×10-8C，彼此相距6cm.若在两点电荷连线中点O处放一个半径为1cm的金属球壳，求球壳上感应电荷在该中点处产生的电场强度.一、选择题单项选择1—10 CDAACCDAAA11—15 ABD BC BD BC BCD二、计算题16.2A17.-4.8V 9.6J18.1F 2000N/C -20V19.5.4N/C。

吉林省延边朝鲜族自治州汪清县第六中学2024届物理高二上期中达标检测试题含解析

吉林省延边朝鲜族自治州汪清县第六中学2024届物理高二上期中达标检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。

第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。

3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于电量的下列说法中，哪个是正确的A．物体所带的电量可以是任意实数B．物体的带电量不可能小于1.6×10﹣19CC．某物体带1.6×10﹣19C的正电，是因为物体失去了1.6×10﹣19个电子D．任何物体的电量不可能少于1C2、如图中a、b直线分别表示由同种材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝的伏安特性曲线。

关于这两条电阻丝，以下判断正确的是（）A．电阻丝a较细B．电阻丝b较细C．若将电阻丝a、b串联在一起接入电路，则b两端的电压较大D．若将电阻丝a、b并联在一起接入电路，则通过a的电流较大3、关于力，下列叙述正确的是A．力是维持物体运动的原因B．作用力与反作用力是一对平衡力C．施力物体同时一定是受力物体D．一对平衡力一定是同一种性质的力4、下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是( )A．根据电场强度的定义式E＝Fq可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B ．根据电容的定义式C ＝Q U 可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比 C ．根据电势差的定义式U AB ＝AB W q 可知，带电荷量为1 C 的正电荷，从A 点移动到B 点克服电场力做功为1 J ，则U AB =1 VD ．根据真空中点电荷的电场强度公式E ＝k2Q r 可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关5、在图示的电路中，电源的电动势是E ，内电阻是r ，当滑动变阻器R 3的滑动头向左移动时A ．电阻R 1的功率将加大B ．电阻R 2的功率将减小C ．电源的功率将加大D ．电源的效率将增加6、如图所示，通有恒定电流的导线MN 与闭合金属框共面，第一次将金属框由位置1绕cd 边翻转到位置2，第二次将金属框由位置1平移到位置2，设先后两次通过金属框的磁通量的变化量的大小分别为1∆Φ和2∆Φ，则（）A ．12∆Φ>∆ΦB ．12=∆Φ∆ΦC ．12∆Φ<∆ΦD ．不能判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

解析吉林省延边州汪清六中2020┄2021学年高二上学期月考物理试题11月份

２020┄2021学年吉林省延边州汪清六中高二（上)月考物理试卷(11月份）一、选择题(每题至少有一个正确答案，全选对给5分,少选或漏选得3分,共80分) 1．(5分)(２01４秋•汪清县校级月考)关于磁场,下列说法正确的是（）A.其基本性质是对处于其中的磁体或电流有力的作用Ｂ．磁场是看不见、摸不着、实际不存在的,是人们假想出来的一种物质C.磁场是客观存在的一种特殊物质形态D．磁场的存在与否决定于人的思想,想其有则有，想其无则无考点：磁现象和磁场．分析:磁场是存在于磁体周围周围的一种物质,它与实物粒子不同,场看不见,摸不到;人们不能通过仪器观看磁场，但可以通过磁体或电流来体现磁场的存在,通常用假想的感应线来描绘磁场．解答:解：A、磁场的基本性质是对处于其中的磁体或电流有力的作用，故A正确；B、磁场是存在于磁体周围周围的一种特殊物质，它与实物粒子不同,场看不见,摸不到,但又确定存在,通常用人们假想的磁感线来描绘,故B错误，Ｃ正确；Ｄ、磁场的存在是客观的,不与是否决定于人的思想，想其有则有,想其无则无,故D错误；故选:ＡC.点评:本题难度不大，是一道基础题,熟练掌握基础知识即可正确解题，注意磁场实际存在,而磁感线不是实际存在．2．（5分)（20１4秋•保定校级月考）（多选)下列说法中正确的是( )A．任何磁体都具有N极和Ｓ极两个磁极Ｂ.奥斯特实验说明了电流周围存在着磁场C．通电导体之间也存在着相互作用,它们是通过电场发生作用的D．地磁场的Ｎ极与地理的南极重合，地磁场的Ｓ极与地理的北极重合考点:平行通电直导线间的作用；磁感应强度;地磁场.分析:一个磁体有两个磁极,分别叫做南极和北极．奥斯特实验说明了电流周围存在着磁场;通电导体之间也存在着相互作用,他们是通过磁场发生作用的;地磁场的N极与地理的S极重合,地磁场的S极与地理的N极重合．解答:解:Ａ、一个磁体有两个磁极,分别叫做南极和北极．故A正确；Ｂ、奥斯特实验说明了电流周围存在着磁场，从而开辟了电磁学研究的新纪元．故B 正确;C、通电导体之间也存在着相互作用，他们是通过磁场发生作用的.故Ｃ错误;D、地磁场的N极与地理的Ｓ极重合，地磁场的S极与地理的N极重合.故Ｄ正确．故选:AＢD点评：该题考查磁体与磁现象、电流的磁效应以及地球的磁场,都属于记忆性的知识点,牢记这些知识点的内容即可.简单题目.3．(5分）（２01４秋•船营区校级期中）有关磁感应强度的下列说法中，正确的是（）Ａ.磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量B．若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零C．若有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，则该处磁感应强度的大小一定是Ｄ．由定义式B＝可知，电流I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小考点:磁感应强度.分析:磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，既有的小又有方向是矢量；明确导线与磁场相互垂直时F=BIL才成立;而B是由磁场本身来决定的．解答:解:A、磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量；故Ａ正确；B、通电导体如果平行于磁场放置，则其不受磁场力，但B不会为零;故B错误;Ｃ、只有B与IL相互垂直时,磁感应强度的大小才是；故C错误;D、Ｂ是由导体本身的性质决定的，与F及IＬ无关;故D错误；故选：A.点评：我们用磁感应强度来定义磁场强弱采用的是比值定义法,要注意B与IL及F均无关．4.（5分)(２014秋•安庆期末）在匀强磁场中某处P放一个长度为L=20cm,通电电流I=0.5A 的直导线，测得它受到的最大磁场力F=1.0N，其方向竖直向上，现将该通电导线从磁场撤走，则Ｐ处磁感应强度为( ）A．零Ｂ.10 Ｔ,方向竖直向上C.０.1 T,方向竖直向下D．10 T,方向肯定不沿竖直向上的方向考点:磁感应强度.分析:当通电导线垂直放入磁场中时,所受的安培力最大，由F=ＢＩL求得磁感应强度B.磁感应强度B方向与安培力方向是垂直关系．解答：解：由题意，通电导线放入磁场中所受安培力最大，说明导线与磁场垂直，则有Ｆ＝BIL得:T因磁感应强度Ｂ方向与安培力方向是垂直关系．故知B的方向肯定不竖直向上．磁感应强度是由磁场本身决定的,与是否有电流无关，故将该通电导线从磁场撤走,则P 处磁感应强度保持不变.故D正确.故选：D点评：解决本题关键要知道当通电导线垂直放入磁场中时，所受的安培力最大,掌握安培力公式Ｆ=BIL，并知道安培力与磁感应强度垂直，基础题．５.(5分）(２011秋•龙华区校级期中）当接通电源后，小磁针A的指向如图所示,则( ）A.小磁针B的N极向纸外转B.小磁针B的N极向纸里转C．小磁针B不转动Ｄ.因电流未标出，所以无法判断小磁针B如何转动考点:通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度.分析:由小磁针的指向，根据磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的左端为S极,右端为Ｎ极，再根据右手螺旋定则得出电源的左端为正极，右端为负极．解答：解：如图,根据同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引，所以通电螺线管的左端是S极，右端是N极；根据安培定则,右手握住螺线管,四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电螺线管的N极．可以判断电流从螺线管的左端上电流,从右端出电流，所以，电源的左端是正极，右端是负极．而小磁针Ｂ在电流产生磁场中,根据右手螺旋定则可知,N极的指向垂直纸面向外,故A 正确,BＣD错误;故选：Ａ．点评:本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则.利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性,也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．６．(５分)(201３•盱眙县校级学业考试)磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，对磁场认识正确的是( )A.磁感线有可能出现相交的情况B．磁感线总是由N极出发指向S极C．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致D.若在某区域内通电导线不受磁场力的作用,则该区域的磁感应强度一定为零考点:磁感线及用磁感线描述磁场．分析:磁感线外部由N极流向S极,内部由Ｓ极流向N极，形成闭合曲线，磁感线不相交.磁场的方向为小磁针静止时N极的指向.解答:解：A、磁感线不会相交，因为相交，交点有两个切线方向,则同一点有两个磁场方向．故A错误．B、磁感线外部由Ｎ极流向S极,内部由Ｓ极流向Ｎ极，形成闭合曲线．故B错误.C、某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致．故C正确.D、通电导线不受磁场力,该处磁感应强度不一定为零,若电流的方向与磁场的方向平行,不受磁场力,但是磁感应强度不为零.故Ｄ错误．故选C.点评：解决本题的关键知道磁感线的特点，知道磁感线与电场线的区别．７．（5分)（20１4秋•新野县校级期末）一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针上方,并与磁针指向平行,能使磁针的S极转向纸内,如图所示，那么这束带电粒子可能是( ）A．向右飞行的正离子束B．向左飞行的正离子束C．向右飞行的负离子束D．向左飞行的负离子束考点:通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：小磁针N极受力方向与磁场方向相同.电流方向与正电荷定向移动方向相同，与负电荷定向移动方向相反．根据安培定则,将选项逐一代入检查,选择符合题意的选项．解答:解:Ａ、向右飞行的正离子束形成的电流方向向右,根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向里,则N极转向里,S极转向外,不符合题意.故A错误．B、向左飞行的正离子束形成的电流方向向左,根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向外，则N极转向外,S极转向里,符合题意.故B正确．C、向右飞行的负离子束形成的电流方向向左,根据安培定则可知,离子在下方产生的磁场方向向外,则N极转向外，Ｓ极转向里，符合题意．故C正确．D、向左飞行的正离子束形成的电流方向向右，根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向里,则Ｎ极转向里,S极转向外,不符合题意．故Ｄ错误．故选：ＢC.点评:本题考查应用物理基本定则的能力，B、C两项是等效的,A、D两项也是等效的,考试时抓住等效性,可以节省时间.8.(5分)(201３秋•西山区校级期末）如图所示，当Ｓ闭合后,小磁针处在通电电流磁场中的位置正确的是（）A．Ｂ. C.D．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向.分析：由右手螺旋定则可判断出电流产生的磁场的方向,再由小磁针静止时N极所指的方向为该点磁感线的方向判定即可;解答：解:A、由右手螺旋定则可判断出电流产生的磁场的方向在小磁针处垂直于纸面向外,所以小磁针的N极应向外.故A错误；B、由右手螺旋定则可判断出螺线管电流产生的磁场的方向N极向上，螺线管的左侧磁场的方向向下,小磁针的N极应向下．故B错误；C、由右手螺旋定则可判断出环形电流产生的磁场的方向在小磁针处垂直于纸面向里，所以小磁针的N极应向里.故C错误；D、由右手螺旋定则可判断出螺线管电流产生的磁场的方向N极向下,U形电磁铁的方向左侧是S极，右侧是Ｎ极,所以小磁针的Ｎ极向左．故D正确.故选：Ｄ.点评:本题考查安培定则及磁极间的相互作用,要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向．９.（5分）(２01３•贵州学业考试)下面的几个图显示了磁场对通电直导线的作用力,其中正确的是( ）Ａ.Ｂ.C．D．考点：安培力;左手定则.分析：根据左手定则来判断即可，让磁感线从掌心进入,并使四指指向电流的方向,这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．解答：解：A、磁场向上，电流向里,根据左手定则可得，安培力的方向水平向右,所以A错误；Ｂ、磁场向左,电流向外,根据左手定则可得,安培力的方向向下，所以B错误;C、磁场向里,电流向左,根据左手定则可得,安培力的方向向下,所以Ｃ正确;D、磁场向外，电流向外，它们的方向相同，不受安培力的作用，所以D错误.故选:C.点评:掌握住左手定则的内容，直接判断即可,比较简单,同时要注意与右手定则的区别，注意磁场方向、电流方向以及安培力的方向之间的关系.10.（5分)（2011•云龙县校级一模)一根长为０.2ｍ的电流为２A的通电导线,放在磁感应强度为0.5Ｔ的匀强磁场中，受到的安培力大小可能是（)A．0.４Ｎ B.0.２N C．0.１N D.0考点：安培力.分析：当通电导线与磁场垂直时，导线所受的磁场力最大;当导线与磁场平行时，导线所受磁场力最小.由安培力公式求出导线所受磁场力的范围再选择．解答：解:当通电导线与磁场垂直时,导线所受的磁场力最大,为：F mａｘ=BIL=0.5×２×0．2N=0.2N当导线与磁场平行时，导线所受磁场力最小为零.则导线所受磁场力的范围为0﹣0.2N.故BCＤ正确,A错误；故选：BCＤ点评：本题只要掌握安培力大小的计算公式F=ＢＩLsiｎα，就能正确解答,基本题．11.(5分）(2014秋•汪清县校级月考）把一小段通电直导线放入磁场中，导线受到安培力的作用,关于安培力的方向,下列说法中正确的是（）A.安培力的方向一定跟磁感应强度的方向相同B．安培力的方向一定跟磁感应强度的方向垂直，但不一定跟电流方向垂直Ｃ．安培力的方向一定跟电流方向垂直,但不一定跟磁感应强度方向垂直Ｄ.安培力的方向既跟磁感应强度方向垂直，又跟电流方向垂直考点：安培力.分析:利用左手定则判断通电导线在磁场中所受安培力的方向，根据左手定则可知，安培力与电流和磁场所在平面垂直,因此安培力既垂直于磁场方向又垂直与电流方向．解答：解：左手定则是判断磁场方向、电流方向、安培力方向三者之间关系的法则,根据作用定则可知,安培力垂直于电流和磁场所在的平面,因此安培力既垂直于磁场方向又垂直与电流方向，故ABC错误,D正确．故选：D.点评：安培力方向是初学者很容易出错的地方,在学习中要加强这方面的练习,正确应用左手定则判断安培力的方向.1２.（5分)（201３秋•永康市校级期中)如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁两极的正上方,导线可以自由转动，当导线通入图示方向电流I时,导线的运动情况是(从上往下看）（）Ａ．顺时针方向转动,同时下降B．顺时针方向转动，同时上升Ｃ．逆时针方向转动,同时下降 D.逆时针方向转动，同时上升考点：安培力．分析:利用微元法,在导线两侧取两段,根据左手定则判断出安培力的方向,当转过90度时,再根据左手定则判断出安培力的方向，从而确定导线的运动情况．解答：解：在导线两侧取两小段,左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向里，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向外，从上往下看,知导线顺时针转动，当转动90度时，导线所受的安培力方向向下，所以导线的运动情况为,顺时针转动,同时下降.故Ａ正确，B、C、D错误.故选：A.点评：解决本题的关键掌握左手定则判断安培力的方向，以及掌握微元法、特殊位置法的运用.１3．(5分）（2013秋•万州区期末）如图所示,一根有质量的金属棒MＮ，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中,棒中通有电流,方向从M流向N，此时悬线上有拉力,为了使拉力等于零，可以( )A.适当减小磁感应强度B.使磁场反向C．适当增大电流强度Ｄ.使电流反向考点：安培力;共点力平衡的条件及其应用;左手定则.专题：共点力作用下物体平衡专题.分析:通电导线在磁场中的受到安培力作用,由公式F＝BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向.解答：解：棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中,棒中通有电流,方向从M流向N,根据左手定则可得,安培力的方向竖直向上,由于此时悬线上有拉力,为了使拉力等于零，则安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场故选:C．点评:学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．1４.(５分）（2013春•绍兴县校级期中)在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方放置一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行,则电子将（)A.向上偏转B．向下偏转C．向纸里偏转D．向纸外偏转考点：洛仑兹力.分析：阴极射线由于受到洛伦兹力而发生偏转，先根据安培定则判断出通电导线产生的磁场方向，再运用左手定则判断洛伦兹力方向,即可判断阴极射线的偏转方向.解答：解：根据安培定则判断可知:通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里，电子带负电，向右运动,由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．故B正确.故选:B．点评:本题关键要掌握两大定则:安培定则和左手定则,要明确两个问题：一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则.１5．(5分）(2０1０秋•泉州期末)有关洛伦兹力和安培力的描述，正确的是（)A．通电直导线在磁场中一定受到安培力的作用Ｂ.安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现C．带电粒子在磁场中运动受到的洛伦兹力做正功Ｄ．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行考点:安培力的计算；洛仑兹力.分析：(１）安培力：F＝BILsinθ,其中θ为电流方向与磁场方向的夹角.当θ＝0°时，就算有电流和磁场也不会有安培力．（2)洛伦兹力：F=qvBｓinθ,其中θ为运动方向与磁场方向的夹角.根据左手定则:洛伦兹力的方向与电荷运动方向垂直,故洛伦兹力对电荷不做功．(3）导线中定向移动的电荷受到的洛伦兹力在宏观上就表现为导线受到的安培力，所以说:安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现．解答:解:A:安培力：Ｆ=BＩLsiｎθ，其中θ为电流方向与磁场方向的夹角．当θ=0°时，就算有电流和磁场也不会有安培力.故A错误.B：导线中定向移动的电荷受到的洛伦兹力在宏观上就表现为导线受到的安培力，所以说:安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现.故Ｂ正确．C：根据左手定则：洛伦兹力的方向与电荷运动方向垂直,故洛伦兹力对电荷不做功．故C错误.D：通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向根据左手定则，应该是相互垂直．故D错误．故选:Ｂ点评:此题只需明确安培力和洛伦兹力大小的计算方法，以及如何用左手定则判断力的方向即可．16.(5分）（20１4•射阳县校级学业考试）在以下几幅图中，洛伦兹力的方向判断不正确的是( ）Ａ．Ｂ． C. D.考点:洛仑兹力.分析：带电粒子在磁场中运动时受到洛伦兹力方向根据左手定则判断，由磁感线方向确定手心方向，由电荷运动方向确定四指指向,由大拇指指向来判断洛伦兹力的方向．解答：解：Ａ、根据左手定则,垂直纸面向里的磁感线穿过手心，四指指向正电荷的运动方向向右,大拇指指向洛伦兹力的方向,判断出来洛伦兹力向上.故A正确．B、根据左手定则，垂直纸面向外的磁感线穿过手心,四指指向正电荷运动的方向向右,大拇指指向洛伦兹力的方向,判断出来洛伦兹力向下.故Ｂ正确.C、当速度与磁感线平行时,电荷不受洛伦兹力.故C错误.Ｄ、根据左手定则，水平向左的磁感线穿过手心,四指指向负电荷运动的反方向向上，拇指指向洛伦兹力的方向，判断出来洛伦兹力方向垂直纸面向外.故D正确．本题选择错误的,故选C点评:本题考查基本定则的运用能力.运用左手判断洛伦兹力方向时，要注意四指指向正电荷的运动方向或负电荷运动的反方向.二、计算题：（１2分+8分=20分)17.（1２分)(201３秋•绥阳县校级期末)在磁场中放入一通电导线,导线与磁场垂直，导线长为1cm，电流为0.5A,所受的磁场力为5×10﹣4 N.求：（1）该位置的磁感应强度多大?(2）若将该电流撤去,该位置的磁感应强度又是多大?（3)若将通电导线跟磁场平行放置,该导体所受到的磁场力多大？考点：安培力.分析:本题比较简单,直接根据磁感应强度的定义式B=以及安培力公式Ｆ=BＩL即可正确解答．解答:解:(1)根据公式B=得：B=T=0.1 T．(2)该处的磁感应强度不变，B=０．1 T．（3）电流元平行磁场放置时,所受磁场力为零,F=0.答:（１)该位置的磁感应强度0．1T；(２）若将该电流撤去，该位置的磁感应强度是0.1Ｔ;(3）若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力为０．点评:对于感应强度的定义式Ｂ＝以及安培力公式Ｆ=ＢIL要明确其适用条件以及公式中各个物理量的含义．18．(8分)(20１4秋•保定校级月考）如图所示，在与水平方向夹角为60°的光滑金属导轨间有一电源,在相距1m的平行导轨上放一质量为m=0.３kg的金属棒ａb，通以从ｂ→ａ,I=３A的电流,磁场方向坚直向上,这时金属棒恰好静止．求：（1)匀强磁场磁感应强度的大小;（2)ab棒对导轨的压力.（g＝10m/s２)考点:安培力.分析:金属棒ab受到重力mg、导轨的支持力ＦN和安培力F作用,安培力Ｆ=BIL，根据平衡条件求解磁感应强度B和导轨对棒的支持力,再求出棒对导轨的压力.解答:解：如图所示受力分析BＩL=ｍgtａｎθB=代入数据得：B=ＴF N=代入数据得：ＦN=6Ｎ由牛顿第三定律，压力与支持力是作用力与反作用力，所以压力为６Ｎ.答：（１)磁感应强度B为Ｔ;（2）棒对导轨的压力大小为6Ｎ.点评:本题是通电导体在磁场中平衡问题，往往分析和计算安培力是关键.。

吉林省汪清县第六中学2020-2021学年高二11月月考物理试题

吉林省汪清县第六中学【最新】高二11月月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列家用电器当中不是利用电流的热效应工作的是（）A．电茶壶B．电熨斗C．电视机D．电热毯2．如图所示，R1和R2是材料相同、厚度相同、表面均为正方形的导体，R1边长为2L，R2边长为L，若R1的阻值为8Ω，则R2的阻值为（）A．4ΩB．8ΩC．16ΩD．64Ω3．如图所示电路中，当变阻器的滑动触头向左移动时，各电压表的示数变化情况（）A．V1减小，V2增大，V3增大B．V1减小，V2增大，V3减小C．V1增大，V2减小，V3增大D．V1增大，V2增大，V3减小4．隧道里有一个警报器，在隧道的两端各有一个开关，在出现危险时要求不论接通哪一个开关都能使警报器报警，那么应设计的电路为()A．“与”门电路B．“或”门电路C．“非”门电路D．上述答案都有可能5．如图所示,小磁针的正上方,平行放置一直导线,当导线通入电流I时,小磁针A．转动,N极转向读者B．转动,S极转向读者C．不转动D．上下振动6．如图所示，框架面积为S=2m2，框架平面与磁感应强度为B=1T的匀强磁场方向垂直，则此时穿过平面的磁通量的大小为（）A．1Wb B．2Wb C．3Wb D．4Wb7．如图表示一条放在磁场里的通电直导线，图中分别标明电流、磁感应强度和安培力这三个物理量的方向，关于三者方向的关系，选项中正确的是( )A．B．C．D．8．如图，通有恒定电流的直导线右侧有一矩形线圈abcd，导线与线圈共面．如果线圈运动时不产生感应电流，线圈可能的运动是( )A．向上平移B．向右平移C．向左平移D．以ab为轴转动二、多选题9．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成的，下列说法正确的是( )A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．乙表是电压表，R增大时量程减小10．关于多用电表，下列说法正确的是（）A．多用表是电压表、电流表、欧姆表共用一个表头组装而成的B．用多用表无论是测电压、电流还是测电阻，红表笔的电势都要高于黑表笔的电势C．多用表的电压挡、电流挡和欧姆挡都是靠外部提供电流的D．用多用表测电压、电流和测电阻时，电流都是从红表笔流入的11．在《测定电池的电动势和内电阻》的实验中，待测电池、开关和导线配合下列哪些仪器.可以达到测定目的( )A．一只电流表和一只滑动变阻器B．一只电流表和一只电压表C．一只电流表和一只电阻箱D．一只电压表和一只电阻箱三、实验题12．在“描述小灯泡的伏安特性曲线”实验中，除直流电源、开关、导线外，还有如下器材可供选择：A．小灯泡“3V 1.5W” B．电流表（3A，内阻约0.2Ω）C．电流表（量程0.6A，内阻约1Ω）D．电压表（量程3V，内阻约20kΩ）E．滑动变阻器（0～10Ω、2A）F．滑动变阻器（0～1kΩ、0.5A）（1）实验所用到的电流表应选_____，滑动变阻器应选_____．（填字母代号）（2）实验要求滑动变阻器的滑片从左向右滑动过程中，电表的示数从零开始逐渐增大．请将甲图中的实物连线完成．________（3）若将该灯泡接在一电动势为3V、内电阻为2Ω电源的两端，则灯泡消耗的功率为________W（保留2位有效数字）四、解答题13．长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一、质量为m的带电粒子，以水平初速度紧贴上极板垂直于电场线方向个带电荷量为q进入该电场，刚好从下极板边缘射出，射出时速度恰与水平方向成30°角，大小为v，如图所示，不计粒子重力，求：v的大小；(1)粒子进入电场时初速度(2)匀强电场的场强E大小；(3)两板间的距离d。

2024届吉林省汪清县第六中学物理高三第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2024届吉林省汪清县第六中学物理高三第一学期期中质量跟踪监视模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，重球用细绳跨过轻小光滑滑轮与小球相连，细绳处于水平拉直状态。

小球由静止释放运动到最低点过程中，重球始终保持静止，不计空气阻力。

下列说法正确的有()A．细绳偏离竖直方向成θ角时，细绳拉力为mgcosθB．因为重球与地面间的压力减小，因此地面对重球的摩擦力也减小C．上述过程中小球重力的瞬时功率先增大后减小D．重球静止不动，故其所受重力的冲量为零2、同一词汇，在专业语言中和生活化语言中内涵经常不同，以下数据表示物理学中时间概念的是（）A．学校作息时间表的数字B．中央电视台的新闻联播节目在19时开播C．第六届世界互联网大会于2019年10月20日上午9：30在乌镇正式开幕D．军运会男子800米自由泳决赛中，中国选手季新杰后程发力，游出7分53秒65，创赛会纪录夺冠3、如图所示，质量为M的滑槽静止在光滑的水平地面上，滑槽的AB部分是粗糙水平面，BC部分是半径为R的光滑14圆弧轨道，现有一质量为m的小滑块从A点以速度v0冲上滑槽，并且刚好能够滑到滑槽轨道的最高点C点，忽略空气阻力。

则在整个运动过程中，下列说法正确的是A ．滑块滑到C 点时速度变为零B ．滑块滑到C 点时，速度大小等于0mv M m+ C ．滑块从A 滑到B 的过程，滑槽与滑块组成的系统动量和机械能都守恒D ．滑块从B 滑到C 的过程，滑槽与滑块组成的系统动量和机械能都不守恒4、酒精测试仪利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，其电阻r 的倒数与酒精气体的浓度C 成正比。

2020-2021学年吉林省延边州汪清六中高二上学期期中物理试卷(含答案解析)

2020-2021学年吉林省延边州汪清六中高二上学期期中物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.下面有关动能的说法正确的是()A. 物体只有做匀速运动时，动能才不变B. 物体做自由落体运动时，重力做功，物体的动能增加C. 物体做平抛运动时，水平方向速度不变，动能不变D. 物体的动能变化时，速度不一定变化，速度变化时，动能一定变化2.如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点的轨迹示意图，已知在B点时的速度与加速度相互垂直，则下列说法中正确的是()A. D点的速率比C点的速率大B. 从A到D加速度与速度的夹角先增大后减小C. 从A到D的过程中，相等的时间内动能的变化相同D. 从A到D的过程中，相等的时间内动量的变化不同3.如图所示，放在光滑水平面同一直线上的两物体甲和乙，它们的质量分别为2m和m，甲上固定一根轻质弹簧，某时刻使它们分别同时获得2v和3v的瞬时速率，并开始相向运动．当两物体相距最近时，甲的速度大小为()A. 0B. v3C. v2D. 7v34.如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m小滑块．木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图乙所示，取g=10m/s2，则()A. 当0<F<6N时，滑块与木板之间的摩擦力随F变化的函数关系f=2F3B. 当F=8N时，长木板的加速度为1m/s2C. 滑块与木板之间的滑动摩擦因素为0.2D. 小滑块的加速度随水平拉力的增大一直变大5.若正电荷Q周围的电场线如图所示，由图可知，以下说法正确的()A. a点的电场强度小于b点的电场强度B. 把另一个带正电的点电荷放在a点，它所受的电场力向右C. 把另一个带负电的点电荷放在b点，它所受的电场力向右D. 把另一个带正电的点电荷放在b点，它所受的电场力向左6.以下说法正确的是()A. 匀强电场中各处的场强相等，电势也相等B. 场强为零的区域中，电势处处相同C. 沿电场线方向电场强度一定越来越小D. 电势降低的方向就是电场线的方向7.在静电场中，A点的电势高于B点的电势，以下的结论正确的是()A. 把负电荷从A点移到B点，电场力作负功，电荷的电势能增加B. 把负电荷从A点移到B点，电场力作正功，电荷的电势能减少C. 把正电荷从A点移到B点，电场力作负功，电荷的电势能减少D. 把正电荷从A点移到B点，电场力作正功，电荷的电势能增加8.在某一点电荷产生的电场中，一带负电小球在外力F作用下从A点开始做自由落体运动经过B点，A、B两点的场强方向如图所示，则下列说法正确的是()A. A点场强是B点场强的√3倍B. A点的电势低于B点的电势C. 小球从A点运动到B点的过程中，电势能先减小后增大D. 小球从A点运动到B点的过程中，外力F一直做负功二、多选题（本大题共5小题，共18.0分）9.火箭是利用反冲原理工作的重要航天运输工具．当燃料在火箭发动机中燃烧，生成的高温高压燃气从喷口迅速喷出，火箭便获得相反方向的动力．长征五号系列运载火箭是中国新一代运载能力最大的运载火箭．一火箭准备发射时质量为M，正以速度v竖直向下喷出燃气，这时火箭恰好静止在发射平台上．由此可知()A. 此时火箭和喷出的气体总动量守恒B. 发动机单位时间内喷出气体的质量为MgvC. 单位时间内火箭获得的冲量大小等于MvD. 此时发动机的喷射功率P=Mgv210.如图所示，三个小球a、b、c穿在一根水平固定的光滑直杆上，b、c间用一轻弹簧连接，开始时b、c静止且弹簧处于原长状态。

2021-2022学年吉林省汪清县第六中学高二(上)期中物理试题(解析版)

A.向左移动时，θ增大B.向右移动时，θ不变
C.向左移动时，θ减小D.向右移动时，θ减小
【答案】C
【解析】
【详解】AC．由公式
可知当被测物体带动电介质板向左移动时，导致两极板间电介质增加，则电容C增加，由公式
可知电荷量Q不变时，U减少，则减少，故A错误，C正确；
BD．由公式
可知当被测物体带动电介质板向右移动时，导致两极板间电介质减少，则电容C减少，由公式
可知电荷量Q不变时，U增加，则增加，故BD错误。
故选C。
5.一个带电的液滴从点以一定的初速度射入水平方向的匀强电场中，液滴沿直线运动，与电场线夹角为，液滴的质量为，电荷量为，重力加速度，则下列说法正确的是（）
A.电场强度的方向水平向左
B 静电力做正功
C.电场强度的大小为
D.液滴运动到最高点所需时间为
C.当ab两端接上测试电压时，cd两端的电压为30V
D.当cd两端接上测试电压时，ab两端的电压为30V
【答案】BC
【解析】
【分析】
【详解】A．当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻、并联后与串联，等效电阻为
故A错误；
B．当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻、并联后与串联，等效电阻为
2021-2022学年吉林省汪清县第六中学高二（上）期中物理试题一、单选题
1.在感应起电中，带负电物体靠近带绝缘底座的导体时，如图所示M处将（）
A.带正电B.带负电
C.不带电D.以上答案均有可能
【答案】B
【解析】
【详解】感应起电过程是电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分，且近端感应出异种电荷，远端感应出同种电荷，由图知M为远端，则M处带负电．故选B。

2020-2021学年吉林省汪清六中高二上学期期中考试物理试题

2020-2021学年度汪清六中期中考卷高二物理考试范围：动量、静电场；考试时间：90分钟一、单项选择（每题4分，共32分）1.关于动量和动能，以下说法中正确的是A．速度大的物体动量一定大B．质量大的物体动量一定大C．两个物体的质量相等，动量大的其动能也一定大D．两个物体的质量相等，速度大小也相等，则它们的动量一定相等2.如图所示为甲、乙两质量不同的物体分别受到恒力作用后，其动量p与时间t的关系图象．则甲、乙所受合外力F甲与F乙的关系是(图中直线平行)A.F甲＜F乙B.F甲=F乙C.F甲＞F乙D.无法比较F甲和F乙的大小3.甲、乙两球在光滑水平轨道上同向运动，它们的动量分别是，，甲追乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为，则关于甲球动量的大小和方向判断正确的是A．，方向与原来方向相反B．，方向与原来方向相同C．，方向与原来方向相反D．，方向与原来方向相同4.有三个点电荷q1、q2、q3，恰好都处在平衡状态，除相互作用的静电力外不受其他外力作用．已知q1、q2间的距离是q2、q3间的距离的2倍．下列说法肯定不正确的是A．三个点电荷必共线B．q1、q3可能为负电荷，q2可能为正电荷C．q1∶q2∶q3＝36∶4∶9D．q1∶q2∶q3＝9∶4∶365.某电场的电场线的分布如图所示，一个带电粒子只在电场力的作用下由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N 点.则下列判断正确的是A ．粒子带负电B ．粒子在M 点的加速度比N 点大C ．粒子在N 点的速度比M 点小D ．粒子在M 点的电势能比在N 点的电势能大6.如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A 、B 分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A 、B 两点电场强度大小分别是E A 、E B ，电势分别是φ A 、φ B ，下列判断正确的是A ．E A ＞EB ，φ A < φ B B ．E A ＞E B ，φ A > φ BC ．E A ＜E B ，φ A ＞φ BD ．E A ＜E B ，φ A ＜φ B7.如图所示，在原来不带电的导体附近P 处，放置一个正点电荷，导体内a 、b 、c 三点与点电荷P 在同一连线上，导体达到静电平衡后A.导体内三点的电势关系：a b c ϕϕϕ<<B.导体两端感应电荷在导体内b 点的场强方向沿b 指向cC.若导体缓慢向点电荷P 靠近过程中，导体内a 、b 、c 三点的电场强度将逐渐增大D.若导体右端接地，大地上有感应负电荷，导体左端有感应正电荷8.如图所示，纸面内存在一匀强电场，有一直角三角形ABC ，BC 长度为0.06m ，=30°，其中 A 点电势为6V ，B 点电势为3V ，C 点电势为9V ，则电场强度的大小为A ．100V/mB ．100V/mC ．V/m D ．V/m二、多项选择（每题4分，共16分）9.下列属于反冲运动的是（）A ．喷气式飞机B ．直升飞机的运动C ．火箭发射过程的运动D ．反击式水轮机的10.两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，B 球在前，A 球在后，1kgA m =，2kgB m =，6m /s A v =，3m /s B v =。

解析吉林省延边州汪清六中2020┄2021学年高二上学期期中物理试卷

吉林省延边州汪清六中2021┄２02２学年度高二上学期期中物理试卷一、单项选择题(每小题4分，共４0分)1.下列关于点电荷的说法,正确的是（)A．只有体积很大的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成点电荷C．一切带电体都能看成点电荷D．当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷2．把一个带电量为q的试探电荷放在电场中的P点，测得P点的电场强度为E,电场强度的方向向东，已知ｑ为正值,则( )A．若把电量为﹣q的点电荷放在Ｐ点，则Ｐ点的电场强度仍为E,电场强度的方向向东B.若把电量为+2q的点电荷放在P点,则P点的电场强度为,电场强度的方向向东C．若在Ｐ点不放电荷，则P点的电场强度等于零D．电场强度的大小与该试探电荷的带电量成正比3.某电场的分布如图所示,带箭头的实线为电场线,虚线为等势面．A、B、Ｃ三点的电场强度大小分别为EＡ、E B、E C，电势分别为ϕA、ϕＢ、ϕＣ，关于这三点的电场强度和电势的关系，以下判断正确的是（）Ａ.ＥA<ＥＢ，ϕＢ=ϕCﻩB.E A=E B,ϕB＝ϕCﻩC．E A<E B,ϕＡ<ϕＢD．ＥA＞ＥＢ,ϕＡ>ϕB4.对于电容C＝，以下说法正确的是( ）A．一只电容充荷量越大,电容就越大B．对于固定电容器,它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C.可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比D.如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量,也就没有电容5．一静止电子开始经电压为U１的加速电场加速后，又垂直于电场线进入电压为U２的两平行金属板间的偏转电场,射出偏转电场时沿电场线方向偏移量为y，要使y增大,则应( ）Ａ．U1、Ｕ２都增大ﻩＢ．U１、U2都减小C.U1减小、U2增大ﻩD.U1增大、U2减小6．下列说法中正确的有（)A．导体中电荷运动就形成了电流B．电流强度的单位是安培C.电流强度有方向,它是一个矢量D.一切导体,只要其两端电势差为零，则电流强度就为零７．干电池的电动势为１.5V，这表示（)A.电路中每通过1C的电荷量,电源就把1.５Ｊ的化学能转化为电能B．干电池在1s内将1.5Ｊ的化学能转化为电能C．干电池与外电路断开时,两极间的电势差为１．５VD.干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为2Ｖ的蓄电池强8.有a、b、c、d四个电阻，它们的U﹣Ｉ关系如图所示，则图中电阻最大的是( )A．aﻩＢ.bﻩＣ.c D．ｄ9.一个标有“220V ６0W“的白炽灯泡，加上的电压由零逐渐增大到2２0V,在此过程中,电压(U)和电流(I）的关系可用图线表示，题中给出的四个图线中，肯定不符合实际的是（）A.ﻩＢ． C.Ｄ.1０.如图所示，每个电阻的阻值都是２欧，安培表内阻不计，在B、C间加6伏电压时，安培表的示数是（）A．０安ﻩB．1安ﻩC.2安ﻩD.3安二、多项选择题（每小题4分,共２0分)11.一带电量为q的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为Ｆ,该点场强大小为E，则下面能正确反映这三者关系的是( ）Ａ．ﻩB. C.D．１2.如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下,一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点,径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( ）Ａ．粒子带正电 B.粒子在A点加速度小C.粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势较低１3．某电场中,点电荷从a点移到b点,电场力做功为零，则( ）A.a、b两点的场强一定相等B.ａ、b两点间的电势差一定为零C．a、b两点的电势一定相等D．电荷所受到的电场力总是垂直于其移动方向1４.下列关于电流方向的说法中，正确的是( ）A.电流的方向就是自由电荷定向移动的方向B．电流的方向就是正电荷定向移动的方向C．在金属导体中,电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D.在电解液中,电流的方向与正离子定向移动的方向相同15．如图所示是某导体的伏安特性曲线,由图可知正确的是（）A．导体的电阻是2５ΩＢ．导体的电阻是0．04ΩC.当导体两端的电压是1０Ｖ时,通过导体的电流是０.4AD.当通过导体的电流是0.１A时，导体两端的电压是2.5V三.实验题１6．用伏安法测某一电阻时,如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R２,那么R1、Ｒ2与真实值R之间满足关系（)Ａ．R1>Ｒ>Ｒ２ﻩB.R>R1>R2ﻩＣ．R1<R<Ｒ２ﻩD.Ｒ＜R1＜R217．某学生在测电灯泡的电阻时,不慎把电流表(量程0～3Ａ）与电压表（量程2５0Ｖ)的位置交换了，如图所示，这样将造成( )A.电流表烧坏B.电压表烧坏C．灯泡烧坏ﻩD．灯泡不亮１8.欲用伏安法测定一段阻值为５Ω左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,备有以下器材:Ａ.电池组（3V、1Ω） B.电流表(0﹣3A、0.0125Ω)C．电流表(0﹣0.6Ａ、0.１25Ω) Ｄ．电压表(0~3V、3kΩ）E．电压表(0~15V、１5kΩ) F．滑动变阻器（0~20Ω、1A）G.滑动变阻器(0~200Ω、0.3Ａ）H．开关、导线（1）上述器材中应选用的是．（2)实验电路应采用电流表接法(填“内”或“外”）．(３）画出实验电路图．四．计算题（共24分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不给分．有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)19．将4×１0﹣５Ｃ的正电荷,从电场中的A点移到B点，电场力做正功2×10﹣4J．（1）A、Ｂ两点的电势差多大?（2)将一带电量为﹣5×10﹣5Ｃ的电荷从A点移到Ｂ点，电场力做多少功?是正功还是负功?20.若电流表的内阻Ｒｇ＝100Ω，偏电流Ｉｇ=1mA,把它改装成量程为U＝3Ｖ的电压表,则需要串联一个阻值为多少的电阻?改装后的电压表的内阻为多少欧？21.如图所示的电路中，Ｒ1=８Ω,R2=4Ω，R3=6Ω，R4=３Ω.（1）求电路中的总电阻．(2）当加在电路两端的电压U=４2V时,通过每个电阻的电流是多少?ﻬ吉林省延边州汪清六中2０21┄2０22学年度高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题(每小题4分,共40分)1．下列关于点电荷的说法,正确的是（）A.只有体积很大的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成点电荷C．一切带电体都能看成点电荷Ｄ．当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，电荷量对原来的电场不会产生影响的时候,该电荷就可以看做点电荷,根据点电荷的条件分析可以得出结论.【解答】解：带电体看作点电荷的条件,当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时,这个带电体可看作点电荷,是由研究问题的性质决定,与自身大小形状无具体关系.故ABC错误、Ｄ正确.故选：Ｄ.【点评】本题考查了带电体看作点电荷的条件及其特点．要知道点电荷的电荷量不一定很小,点电荷是理想模型，实际不存在的．２．把一个带电量为q的试探电荷放在电场中的Ｐ点,测得P点的电场强度为E，电场强度的方向向东,已知ｑ为正值，则（）A.若把电量为﹣q的点电荷放在P点,则P点的电场强度仍为E,电场强度的方向向东B．若把电量为＋2q的点电荷放在P点，则P点的电场强度为，电场强度的方向向东C．若在P点不放电荷,则P点的电场强度等于零Ｄ．电场强度的大小与该试探电荷的带电量成正比【考点】电场强度;电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关,在电场中同一点,电场强度是确定不变的．【解答】解：电场中某点的场强是由电场本身决定的,只要P点在电场中的位置确定,它的场强应是一个确定值，与检验电荷的正负和带电量的多少无关，故Ａ正确,ＢCD错误．故选：Ａ.【点评】电场强度的定义式具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、q无关，由电场本身决定．3.某电场的分布如图所示，带箭头的实线为电场线，虚线为等势面．Ａ、B、Ｃ三点的电场强度大小分别为ＥA、E B、EＣ,电势分别为ϕＡ、ϕB、ϕC,关于这三点的电场强度和电势的关系,以下判断正确的是( )A.EＡ＜E B，ϕB=ϕCB.E A=EＢ,ϕB＝ϕCﻩC．E A＜E B，ϕA<ϕBＤ．E A>EＢ，ϕA>ϕB 【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】电场线的疏密表示场强的大小,电场线越密，场强越大.顺着电场线电势降低．同一等势面各点的电势相等．【解答】解:由图看出，Ａ处电场线最密,则ＥA>E B．顺着电场线电势降低,则有ϕA>ϕC,而Ｂ、Ｃ在同一等势面，电势相等,即ϕB=ϕC，故ϕA>ϕＢ．故Ｄ正确，AＢC均错误．故选Ｄ【点评】本题关键要掌握电场线的物理意义:电场线的疏密表示场强的大小、顺着电场线电势降低.4.对于电容Ｃ=，以下说法正确的是( ）Ａ．一只电容充荷量越大，电容就越大Ｂ.对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比D.如果一个电容器没有电压,就没有充电荷量,也就没有电容【考点】电容.【分析】电容表征电容器容纳电荷本领的大小,与电容器的电量无关，由定义式C=，给定的电容器，带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变,当电容Ｃ一定时，电量与电压成正比.【解答】解：A、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变.故A错误.B、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容C不变，由定义式Ｃ=可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故Ｂ正确．C、电容器的带电荷量Q＝ＣＵ,当电容C一定时，电量与电压成正比.当电容C变化时,电量与电压不成正比．故C错误．D、电容表征电容器容纳电荷本领的大小,与电容器的电量、电压无关．故D错误．故选:Ｂ【点评】本题考查对电容的理解能力,抓住电容的物理意义和定义式是关键.5.一静止电子开始经电压为U1的加速电场加速后,又垂直于电场线进入电压为Ｕ2的两平行金属板间的偏转电场,射出偏转电场时沿电场线方向偏移量为ｙ,要使y增大，则应（) A．Ｕ1、U2都增大ﻩB．U１、Ｕ2都减小C．U1减小、U2增大Ｄ.U１增大、U2减小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电子经加速电场加速时,由动能定理求得获得的速度，进入偏转时,电子做类平抛运动，运用运动的分解法得到偏转量y的表达式,再分析增大y的方法．【解答】解:加速电场中：由动能定理得qＵ1=偏转电场中：平行于极板方向:L=v0t垂直于极板方向:ｙ=,a==联立以上各式得y=所以要使ｙ增大,应使U1减小、Ｕ2增大．故C正确．故选C【点评】本题中电子先经加速电场加速，后经偏转电场偏转，得到的结论：y=与电子的质量和电量无关.６．下列说法中正确的有（）A.导体中电荷运动就形成了电流B.电流强度的单位是安培C.电流强度有方向，它是一个矢量Ｄ.一切导体，只要其两端电势差为零,则电流强度就为零【考点】电流、电压概念.【专题】恒定电流专题.【分析】导体中自由电子的定向移动形成电流;电流的单位为安培,是个标量.【解答】解：A、只有电荷的定向移动才能形成电流；故Ａ错误;B、电流强度的单位为安培;故B正确；C、电流强度有方向，但只是说明电荷的运动方向，它的计算不适用于平行四边形定则；故它是标量;故Ｃ错误；D、对于导线，电阻为零，当内部有电流时,两端的电压可以为零；故D错误；故选:B【点评】本题考查电流的产生，要注意明确只有电荷在定向移动才能形成电流．7.干电池的电动势为１.５V,这表示（)Ａ．电路中每通过1C的电荷量，电源就把１．5J的化学能转化为电能B.干电池在1s内将1.５J的化学能转化为电能Ｃ.干电池与外电路断开时，两极间的电势差为１.5VD.干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为２Ｖ的蓄电池强【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题.【分析】电源的电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压，电动势与电功率不同．当1ｓ内能使１.５C的电量通过导线的某一截面时,电路中电流是1.５A，但电动势不一定等于1.5V．导线某一截面每通过１C的电量，这段导线就消耗１.5Ｊ的电能.【解答】解:A、电源中每通过１Ｃ电量,电源把1．5J的化学能转变为电能，故A正确. B、电源中每通过1Ｃ电量，非静电力做功为1.５Ｊ，电源把1.5J的化学能转变为电能,不是1s内将1.5J的化学能转变成电能．故B错误;C、电源的电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压，所以一节干电池的电动势为1.5V,外电路断开时，路端电压即两极间的电势差是1．5V．故C正确．D、电动势表征电源将其他形式能转化为电势能本领的物理量，故1.5V的干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为2Ｖ的蓄电池弱．故D错误;故选：AC【点评】电动势E大小表征电源把其它形式能转化为电能本领大小，而电压Ｕ大小表征电能转化为其它形式的能的大小，要注意区分.8．有a、ｂ、c、d四个电阻，它们的U﹣I关系如图所示，则图中电阻最大的是（）A.aB.ｂﻩＣ.c D.d【考点】电阻定律.【专题】恒定电流专题．【分析】根据欧姆定律得到电阻R＝，U﹣I图线的斜率等于电阻的大小,斜率越大,电阻越大．【解答】解：电阻R=，可知电阻R等于Ｕ﹣Ｉ图线的斜率.图线a的斜率的最大,电阻最大.故选：A【点评】本题根据伏安特性曲线斜率来判断电阻的大小，基础题.９．一个标有“２20Ｖ６0W“的白炽灯泡，加上的电压由零逐渐增大到220V，在此过程中,电压（U)和电流(I)的关系可用图线表示，题中给出的四个图线中，肯定不符合实际的是( ）Ａ. B. C.D．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题.【分析】金属导体的电阻随温度的升高而增大;而I﹣U图象中图象的斜率表示电阻的倒数．【解答】解：灯泡内阻随温度的升高而增大；而在I﹣U图象中斜率越小,则电阻越大，所以C正确,ＡＢD错误；本题选错误的故选：AＢD.【点评】解答本题要注意I﹣U图象与U﹣Ｉ图象的区别，同时明确金属导体的电阻随温度的升高而增大．１0.如图所示，每个电阻的阻值都是2欧,安培表内阻不计,在B、C间加６伏电压时,安培表的示数是( )A．0安ﻩB.１安ﻩC.2安Ｄ．3安【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】画出等效电路，确定安培表所在分支，由欧姆定律求解．【解答】解:等效电路如图:则并联部分电阻为，则电阻为Ｒ=3Ω则干路电流Ｉ=则通过电流表的电流为故选项A，C，Ｄ错误,B正确故选：B【点评】考查串并联电路的特点,会画等效电路图，求电阻或电流．二、多项选择题（每小题4分，共２0分)11.一带电量为q的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为Ｆ,该点场强大小为E，则下面能正确反映这三者关系的是( ）A．ﻩB.ﻩC.Ｄ.【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量无关，由场源电荷决定．【解答】解：A、因为电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量q无关,由场源电荷决定.所以电场强度不随q、F的变化而变化.故Ａ错误,B正确,D错误.C、由E=知,某点的电场强度一定，F与q成正比.故Ｃ正确.故选BC．【点评】解决本题的关键掌握电场强度的定义式E＝.知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定.１2.如图所示,带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点,径迹如图中虚线所示,下列说法正确的是( ）A.粒子带正电B.粒子在A点加速度小C.粒子在B点动能大D.A、B两点相比,B点电势较低【考点】电场线；牛顿第二定律;物体做曲线运动的条件;电势．【专题】带电粒子在电场中的运动专题.【分析】本题考查了带电粒子在电场中的运动，解这类问题的突破点在于根据运动轨迹判断出电场力方向,从而进一步判断电势、电势能等物理量的变化情况.【解答】解：A、带电粒子所受电场力指向其轨迹内侧，因此电场力向下,和电场线相反,故粒子带负电,故A错误;Ｂ、B处电场线密,电场强，故电场力较大，因此其加速度比A点要大,故Ｂ正确;Ｃ、从A到B过程中,电场力做负功，动能减小，因此A处动能大于Ｂ处的，故C错误；Ｄ、沿电场线电势降低，因此A点电势高于B点，故D正确．故选：ＢD.【点评】以带电粒子在电场中运动为背景，考察电场线、电性、电场强度、电势、电势能、动能等基本物理量的变化情况，是高中阶段的重点知识,要不断地加强练习和应用.13.某电场中，点电荷从a点移到b点,电场力做功为零,则( )A．a、b两点的场强一定相等B.a、b两点间的电势差一定为零C.a、b两点的电势一定相等D．电荷所受到的电场力总是垂直于其移动方向【考点】电场强度；电势；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】从a点移到b点的过程中,电场力做功为零，仅仅说明了两点之间的电势差为０，而电场的特点、点电荷移动的轨迹都不知道,所以其他的不能确定.【解答】解：Ａ、B、Ｃ点电荷从a点移到b点,电场力做功为零,由电场力做功公式Ｗ=qU可知,a、ｂ两点间的电势差一定为零，即ａ、b两点的电势一定相等,而电场分布的特点、点电荷移动的轨迹等等都不确定，所以a、b两点的场强不一定相等,故A错误，ＢＣ正确.Ｄ、由于电场力做功与电荷的运动路径无关,所以电荷所受到的电场力不一定总是垂直于其移动方向．故D错误．故选：BC【点评】本题可根据电场力做功公式W=qU,分析电势关系,抓住电场强度与电势无关,确定场强的关系．要掌握电场力做功与电荷的运动路径无关的特点,进行分析．1４.下列关于电流方向的说法中,正确的是（）A.电流的方向就是自由电荷定向移动的方向B.电流的方向就是正电荷定向移动的方向Ｃ．在金属导体中,电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D.在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题.【分析】正电荷定向移动能形成电流,负电荷定向移动能形成电流,正负电荷向相反的方向移动也能形成电流．规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，负电荷定向移动的方向和电流方向相反.【解答】解:A、自由电荷包括正电荷和负电荷,正电荷规定为电流的方向，负电荷和电流的方向相反，故A错误;B、电流的方向就是正电荷定向移动的方向,故B正确;C、金属导体中是自由电子定向移动形成电流，所以电流方向与其中的自由电子定向移动的方向相反，故C正确；Ｄ、在电解液中有正离子和负离子，电流的方向与正离子定向移动的方向相同,故D正确;故选BCD．【点评】本题考查电流的方向，导体中可能只有负电荷的定向移动形成电流,但是规定正电荷的定向移动方向是电流方向.１5.如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知正确的是（)A.导体的电阻是25ΩＢ.导体的电阻是０.０4ΩＣ.当导体两端的电压是１0V时,通过导体的电流是0.4AD．当通过导体的电流是0.１Ａ时,导体两端的电压是2.５V【考点】欧姆定律.【专题】恒定电流专题．【分析】由Ｉ﹣U图象找出导体两端电压所对应的电流,然后由欧姆定律求出导体电阻；已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出通过导体的电流;已知电流与电阻，由欧姆定律可以求出导体两端电压．【解答】解：A、根据图象,由欧姆定律可得，导体电阻R==＝２５Ω,故A正确,Ｂ错误;C、当导体两端电压是1０V时,通过导体的电流I=＝=０．4Ａ，故Ｃ正确；D、当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压Ｕ=IＲ=0．１Ａ×2５Ω=2．５Ｖ,故Ｄ正确;故选ACＤ．【点评】由图象找出导体两端电压与所对应的电流，应用欧姆定律即可正确解题.三．实验题16.用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1,如果采用乙电路,测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系( ）A．R1>Ｒ＞R2ﻩB．Ｒ＞R1＞Ｒ2ﻩC．Ｒ1<R<R2ﻩD.R＜R1＜R2【考点】伏安法测电阻.【专题】实验题；恒定电流专题.【分析】根据两接法的特点可知误差的来源及对结果的影响，即可得出其测量结果与真实值之间的关系.【解答】解:甲图中电压值是准确的，而由于电压表的分流导致电流值偏大,故测量结果将小于真实值；而乙图中电流值是准确的,而由于电流表的分压导致了电压表示数偏大，故测量结果将大于真实值；故答案为:Ｒ1<R<R２，C正确;故选C【点评】本题考查误差的分析，要明确两种不同的接法中电表对实验的影响,从而得出测量值与真实值之间的关系．17.某学生在测电灯泡的电阻时，不慎把电流表(量程0~3A)与电压表（量程２5０Ｖ）的位置交换了,如图所示，这样将造成( )A.电流表烧坏ﻩB.电压表烧坏C.灯泡烧坏Ｄ.灯泡不亮【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题．【分析】电压表的内阻很大，接在电路中，电路中电流很小，由此分析即可.【解答】解:由于电压表的内阻很大，串联在电路中时电路的总电阻很大，电流很小,所以灯泡不亮，通过电流表的电流很小,不会烧坏.由于22０V小于电压表的量程,因此电压表也不会烧坏，故ABC错误,Ｄ正确．故选：D【点评】解决本题的关键要了解电压表的内阻很大,电流表内阻很小,应根据电流的大小分析．18．欲用伏安法测定一段阻值为５Ω左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,备有以下器材：A．电池组（３Ｖ、１Ω) B．电流表（0﹣3Ａ、0.0１25Ω）C.电流表（0﹣0.6Ａ、0.12５Ω) D．电压表（０～３Ｖ、3kΩ)Ｅ．电压表（0～15V、１５ｋΩ）F．滑动变阻器(０～２0Ω、1A）G．滑动变阻器(0～２0０Ω、0.3A) H.开关、导线（１)上述器材中应选用的是AＣDFH ．(２)实验电路应采用电流表外接法（填“内”或“外”).(3）画出实验电路图.【考点】伏安法测电阻.【专题】实验题;恒定电流专题．【分析】本题(１)的关键是根据电源电动势的大小选择电压表量程;通过求出待测电阻的最大电流来选择电流表的量程;题(2)的关键是根据比值，可知电流表应用外接法；根据电流表量程可知电路中的最小电流（一般认为是量程),可求出电路中需要的最大电阻，从而可选出变阻器;【解答】解:(1)：由于电源电动势为3Ｖ，所以电压表应选D;通过待测电阻的最大电流为：==Ａ=0.6A，所以电流表应选C;电路中的最大电阻应为：==＝Ω＝１5Ω，所以滑动变阻器应用Ｆ，且可采用限流式接法;所以，上述器材中应选ACDFH．(2)：由于满足,所以电流表应用外接法；(3）由于滑动变阻器应用限流式接法,电流表应用外接法，电路图如图所示：故答案为：（１)ＡＣDFH（２）外（３)如图【点评】应通过估算求出待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；通过估算求出电路中的最大电阻来选择变阻器;若满足，电流表应用外接法,否则应用内接法.四．计算题(共24分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分.有数字计算的题,答案中必须明确写出数值和单位）19.将4×10﹣5C 的正电荷，从电场中的A点移到Ｂ点,电场力做正功2×1０﹣4J.(１)A、B两点的电势差多大?（2)将一带电量为﹣5×1０﹣5C的电荷从A点移到B点，电场力做多少功？是正功还是负功?【考点】电势差与电场强度的关系;电势能．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】(1）根据求Ａ、B两点的电势差;(2）根据Ｗ＝qU求解电场力做功，电场力做功多少,电势能就减少多少．【解答】解:(1)根据题意有：AB两点间。

解析吉林省延边州汪清六中2020┄2021学年高二上学期期中物理试题

2020┄２02１学年吉林省延边州汪清六中高二(上）期中物理试卷一、单选题(每题3分，共３0分)1.(3分）（2014秋•汪清县校级期中)下列叙述中,不是产生电流的条件是（）A.有自由移动的电荷B.导体两端存在电势差C．电路是闭合电路Ｄ．导体有电阻考点:电流、电压概念.专题:恒定电流专题．分析：导体产生恒定电流必须具备两个条件：一是存在自由电荷;二导体两端存在恒定电压.解答:解：导体产生恒定电流必须具备两个条件:一是存在自由电荷；二导体两端存在恒定电压，故ＡＢC正确，D错误本题选错误的,故选:Ｄ.点评:本题考查电流的产生条件，明确只有同时满足了两个条件才能形成电流.２．(3分）（2014秋•阎良区校级期中)通过一个电阻的电流是5Ａ,经过４min,通过该电阻的一个截面的电量是（)A.20CB.50CC.１200ＣD.２000C考点:电流、电压概念.专题：恒定电流专题.分析:根据电流的定义式，求通过电阻截面的电量．解答：解:根据，得ｑ=Ｉt=５×２４0C=12０0C.故C正确,Ａ、B、D错误.故选C.点评：解决本题的关键掌握电流的定义式．3.(3分)(2０1１•上海二模）电源电动势的大小反映的是( )A.电源把电能转化为其他形式的能的本领大小B.电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C．电源单位时间内传送电荷量的多少D.电流做功的快慢考点:电源的电动势和内阻．专题:恒定电流专题.分析:电动势这样定义的，在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功,做了多少功,就有多少其它形式的能转变为电能.解答：解：电动势在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功,就有多少其它形式的能转变为电能.所以电动势的大小反映电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小.单位时间内流过的电荷量表示电流，做功的快慢表示功率.所以A、C、D错误，Ｂ正确.故选:B．点评:解决本题的关键是理解电动势在数值上等于非静电力将１C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功,做了多少功，就有多少其它形式的能转变为电能..４.(3分）（２0１2秋•怀化期末）有a、ｂ、c、d四个电阻,它们的U﹣Ｉ关系如图所示，则图中电阻最大的是( )A.aB.bC.cD.d考点：电阻定律．专题:恒定电流专题．分析：根据欧姆定律得到电阻R＝，U﹣I图线的斜率等于电阻的大小,斜率越大，电阻越大．解答:解:电阻R=，可知电阻R等于U﹣Ｉ图线的斜率.图线a的斜率的最大，电阻最大．故选：A点评：本题根据伏安特性曲线斜率来判断电阻的大小，基础题.5.(3分)（2014秋•友谊县校级期中）三个电阻之比为R1:Ｒ2：R３=1：2:５，将这三个电阻并联，则通过这三支路的电流强度I1：Ｉ2：I3之比为（）A．1:2：5B．5:2：１Ｃ.1０:5：2 D.2：5:10考点:串联电路和并联电路．专题:恒定电流专题.分析：根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析,即电流之比等于电阻的反比．解答：解:三个电阻并联，电压相等,由欧姆定律Ｕ=IR知电流与电阻成反比．因为Ｒ1:R2：R3=1：2：5，则I1:Ｉ2：Ｉ3=：:=１０：5：2．故选:Ｃ点评：本题关键掌握并联电路电流与电阻成反比的规律，熟练应用欧姆定律解题．但不能简单认为：I1:I2:Ｉ３=5:２：1．6.(3分）(2０１4秋•汪清县校级期中）如图所示,A B间电压恒为Ｕ，当滑动变阻器的滑片Ｐ逐渐向A端移动的过程中灯泡上的电压数值是（)A．一直为U B．一直为0C．逐渐增大到Ｕ D.逐渐增大到0考点:路端电压与负载的关系.专题:恒定电流专题．分析：灯泡的电压等于灯泡与变阻器下部并联的电压，根据并联部分电阻的变化，由串联电路分压规律进行分析.解答:解:由图看出,变阻器下部与灯泡并联后与上部串联，当滑动变阻器的滑片P逐渐向Ａ端移动的过程中，并联部分的电阻增大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知,并联部分分担的电压增大，则灯泡的电压逐渐增大，逐渐增大到U，故ＡBD错误,C 正确.故选：C.点评:本题中变阻器接成了分压式，利用串联电路的分压规律，即可分析灯泡的电压范围．７.（3分）（２014秋•石柱县校级期末）电流表的内阻是R g=20０Ω，满偏电流值是Iｇ＝５00μA,现在欲把这电流表改装成量程为１.0V的电压表，正确的方法是( )A.应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个０.1Ω的电阻C.应串联一个1８0０Ω的电阻D．应并联一个1８00Ω的电阻考点:把电流表改装成电压表．分析:电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的电阻值为:R=,U为量程.解答：解：电流表改装成电压表要串联的电阻为:Ｒ===18０0ΩA 串联阻值不对.故Ａ错误Ｂ不应并联.故B错误Ｃ符合要求.故C正确D 不应并联.故Ｄ错误故选：Ｃ点评：考查的电压表的改装原理，明确所串联的电阻的求法.8．(3分）(２０14秋•湛江校级期中)有关电阻率的叙述中错误的是（）Ａ．当温度极低时超导材料的电阻率会突然减小到零B．平时用的导线是由电阻率较小的铝、铜材料做成的C.材料的电阻率取决于导体的电阻、截面积和长度D.材料的电阻率会随温度的变化而变化考点：电阻率与温度的关系.分析:电阻率只与导体材料和温度有关，与导体的形状、横截面积及长度无关；当温度降到一定时,导体的电阻率突然变为零，变为超导体.解答：解:A、当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零，故A正确；B、铝、铜的电阻率较小，故常用的导线是用铝、铜材料做成的,故Ｂ正确;C、材料的电阻率取决于导体的材料和温度有关，与导体的电阻、横截面积和长度无关，故C错误;Ｄ、材料的电阻率取决于导体的温度有关,故材料的电阻率随温度变化而变化，所以D 正确;本题选错误的，故选:Ｃ.点评:本题关键是明确电阻率有材料决定，与温度有关;电阻有导体的材料、截面积和长度决定；基础问题．9．（3分)(2０11秋•漳州期末)一根粗细均匀的导体截成长度相等的三段,再将它们并联起来，测得阻值为3Ω，则此导体原来的阻值为（)A.９ΩB．8ΩＣ．２７ΩD．3Ω考点:电阻定律；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题.分析:此题考查了影响电阻的因素,导线越长,电阻越大,导线越粗,电阻越小.解答:解:一根粗细均匀，电阻值为R电阻丝截成长度相等的三段，则长度变为原来的，再把得到的三段并联起来使用,横截面积变为原来的3倍，根据电阻定律R=ρ，阻值变为原来的,故:解得:R＝27Ω故选：C．点评:串联电路相当于增加了电阻的长度,所以阻值增大，并联电路相当于增加了电阻的横截面积，所以阻值减小.10．（3分）（2014秋•渝中区校级期中）下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中不正确的是( ）A．电功率越大,电流做功越快,电路中产生的焦耳热一定越多B．Ｗ=ＵIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路C．在不是纯电阻的电路中，UＩ＞I2RD.焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路考点:电功、电功率；焦耳定律．专题:恒定电流专题．分析：电功为电流做功的总量,电功率为单位时间的电流做功值；焦耳定律描述的是电流通过电阻的发热功率.解答：解：A、电功率越大,电流做功越快，但不一定转化的热量大.故A错误B、W＝UIt适用于任何电路,而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路,说法准确．故B正确C、在非纯电阻电路中，总电功大于电热故UＩ>I2R．故C正确D、任何电路中求焦耳热要用Ｑ=I2Ｒt．故D 正确本题选错误的故选：A点评:理清各个物理概念的内容，区分好电功与电热，明确电功包含电热;理解各表达式的应用条件．二、多选题（每题5分,选不全得3分，共2０分）11．(５分）(20１4秋•汪清县校级期中)由欧姆定律I=和R=，下列叙述中正确的是( ）A．导体的电阻跟导体两端的电压成正比,跟导体中的电流成反比Ｂ.导体的电阻由导体本身的性质决定,跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关C.对确定的导体,其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值Ｄ．从关系式I=可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比,跟导体的电阻成反比考点:欧姆定律.专题：恒定电流专题.分析：根据欧姆定律的内容和影响电阻大小的因素进行解答．欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比．导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压电流无关．解答:解：Ａ、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压电流无关，故A错误,B 正确;Ｃ、由欧姆定律Ｒ＝可知,对某一导体来说，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值，故C正确；D、从关系式Ｉ＝可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故D正确.故选:BCD点评:知道影响电阻大小的因素,并且知道导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关是解决本题的关键,欧姆定律只是计算电阻的一种方法．12.(５分)（２0１4秋•汪清县校级期中）如图所示，Ａ、B、C、D是滑线变阻器的四个接线柱,现把此变阻器串联接人电路中,并要求滑片P向接线柱C移动时电路中的电流减小，则接人电路的接线柱可以是( ）A.A和BB.A和ＣC.B和CＤ．Ｂ和D考点:欧姆定律.专题：恒定电流专题．分析：滑片P向接线柱c移动时，电路中电流减小,根据欧姆定律,知电阻增大，由电阻定律R＝ρ,知导线的长度如何变化．解答:解:电路中的电流减小，则电阻增大，由电阻定律R＝ρ，知导线的长度增大，所以接入的接线柱应该是b和ｃ或ｂ和d．故CD正确，AB错误故选:CD．点评：解决本题的关键知道电阻定律R＝ρ，知道电阻的大小和导线的长度和横截面积有关．13．(5分)(2014秋•汪清县校级期中)电阻Ｒ１、Ｒ２、R3串联在电路中．已知R1=10Ω、R ３=5Ω,R１两端的电压为６V，Ｒ2两端的电压为1２V，则( )A．电路中的电流为0.6AB.电阻R2的阻值为20ΩＣ．三只电阻两端的总电压为２1VD.电阻Ｒ3两端的电压为4V考点:欧姆定律．专题:恒定电流专题．分析：串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律即可求得电流;电阻R2的阻值等于R2的电压除以电流；三只电阻两端的总电压等与三个电阻电压之和.解答:解：A、串联电路中各处的电流相等,根据欧姆定律得：电路中的电流I=A=0.6A故A正确；B、根据欧姆定律得：R２=Ω=20Ω.故B正确；C、R3两端的电压为U3=IＲ3=0.6×5Ｖ=3V,则总电压U=U1+U2＋Ｕ3=6+12+3＝21(Ｖ),故C正确；D、电阻R3消耗的电功率为：Ｐ3=I2R3=0.62×5Ｗ=１.8W，故D错误；故选：ABC点评:本题的关键掌握串联电路电压、电流特点，熟练运用欧姆定律进行解答．14.（5分)(２0１2秋•吉林期中)如图所示，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A,电流表的内阻为0.２Ω，那么有关待测电阻R x的说法正确的是（）A．R x的测量值比真实值大B．Ｒx的测量值比真实值小C．R x的真实值为99.8ΩＤ．R x的真实值为10０．2Ω考点:伏安法测电阻.专题：实验题；恒定电流专题.分析：由电路图可知，实验电路采用的是电流表的内接法，由于电流表的分压,电阻测量值大于真实值；由欧姆定律求出电阻的测量值,然后由串联电路特点求出电阻的真实值.解答：解:由电路图可知,实验采用了电流表的内接法,电阻的测量值:Ｒ===100Ω;由电路图可知，电压表所测的是电流表与待测电阻的电压，因此电阻测量值是待测电阻阻值与电流表内阻之和，则电阻的真实值：Rｘ＝R﹣ＲA=10０Ω﹣0.2Ω＝9９．8Ω,电阻的测量值大于电阻真实值，故ＡC正确，BD错误;故选：AC．点评:本题考查了实验误差分析、求待测电阻的真实值等问题，分析清楚电路结构、熟练应用欧姆定律及串联电路特点即可正确解题．三、填空题（每空2分，共24分）15.（6分）(2014秋•津市市校级期中）蓄电池的电动势是2Ｖ，说明电池内非静电力每移动1C的电荷做功2J ,这个过程是化学能转化为电能的过程．考点:电源的电动势和内阻．专题:恒定电流专题.分析:电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，根据电源的电动势定义式E＝分析电动势的意义.式中W是非静电力做功，q是非静电力所移动的自由电荷的电荷量.解答：解：蓄电池的电动势是E=2Ｖ,根据电源的电动势定义式E=分析可知，电池内非静电力每移动1C的电荷做功W=qE＝１×2J=2J.蓄电池内非静电力对自由电荷做功，将化学能转化为电能．故答案为：２J,化学,电点评：本题考查对电动势物理意义的理解．对电动势定义式E=理解准确到位，就能正解作答.１6．（6分)(2014秋•宝坻区校级期中)如图所示的图象所对应的两个导体：（1）电阻关系R1:R2为3：1 ;(2）若两个导体中的电流相等（不为零）时，电压之比U1:U2为３：1 ;(３）若两个导体的电压相等(不为零）时,电流之比I1：Ｉ２为1：３．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题.分析：伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断AB电阻的大小；根据电阻的大小,再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小．解答:解：I﹣Ｕ图象的斜率表示电阻的倒数.由于1与2的斜率之比是５:15=1:３,所以电阻值比R1：R2＝3:1．两个导体中的电流相等（不为零）时的电压之比就等于电阻值比,即U1：U2＝R1：Ｒ2=3:１.由图象可知,两个导体两端的电压相等（不为零)时的电流之比等于电阻的倒数比，即I l:I2=R2:R1=1：3.故答案为:3：1；3：1;1：3.点评：本题就是考察学生对于伏安特性曲线的理解,在做题时一定要区分开U﹣I图象和I﹣U 图象，不同的图象中的直线的斜率的含义不同.17．(６分)(２０14秋•汪清县校级期中）电路中有一段导体,给它加上6V的电压时，通过它的电流为3A，可知这段导体的电阻为２Ω;如果给它两端加２Ｖ的电压,则通过它的电流为 1 Ａ;如果在它两端不加电压，它的电阻为2 Ω．考点:欧姆定律．专题:恒定电流专题.分析：已知电压与电流，利用Ｒ=即可求出电阻值;电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关.解答:解:一段导体，给它加上3Ｖ的电压时，通过它的电流为2０mA，根据欧姆定律，有: R=Ω如果给它两端加2V的电压，则通过它的电流为:A电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关,故如果给它两端加上2Ｖ的电压，它的电阻仍然为2Ω;如果在它两端不加电压,它的电阻仍然为2Ω.故答案为：２,1，2点评:注意电阻的大小与长度、橫截面积以及材料有关,并且会灵活运用欧姆定律，基础题.１8.(2分）(20１４秋•汪清县校级期中)在电阻两端加50V的电压，该电阻10秒内有2０C 的电量通过横截面,则该电阻的阻值为２5 Ω．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题.分析：根据I＝可求通过导体的电流；根据欧姆定律可以求出电阻.解答:解:根据Ｉ=得:通过的电流I==2A;根据欧姆定律得：R===2５Ω；故答案为：2５.点评：本题考查电流、电量、电阻的计算,关键是公式及其变形的灵活运用．19.(2分)(2０11秋•长丰县校级期末）把“１.5V 0.3A”的电珠接到6Ｖ的电源上,为使正常发光,需要串联一只1５Ω的电阻.考点：串联电路和并联电路;闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析:灯泡正常发光时,电流等于额定电流;得到电流后根据闭合电路欧姆定律求解电阻R即可．解答：解：“1.5Ｖ０．3A”的电珠正常发光,故电流为0.3A;根据闭合电路欧姆定律，有:E=U L+ＩR解得：R===1５Ω答案为:15．点评:本题灯泡正常发光，电流已知，关键是根据闭合电路欧姆定律列方程求解,基础问题.２0.(2分）（２014秋•汪清县校级期中）一台电熨斗的电阻为４00Ω,在220V的额定电压下运行时,发热消耗的电功率为121 W.考点：电功、电功率.专题:恒定电流专题．分析:电熨斗是纯电阻电路，根据P=求解即可.解答:解:电熨斗发热消耗的电功率P===121W故答案为：1２1点评:本题主要考查了功率公式的直接应用,难度不大，属于基础题．四、实验题（6分)21．（6分）(2０13秋•鄂尔多斯校级期末)在如图中,A．Ｂ两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法正确的是( ）Ａ．A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法B.A中Ｒ测>R真,B中R测<R真C.A中误差由电压表分流引起,为了减小误差，就使Ｒ＜<R v,故此法测较小电阻好D．B中误差由电流表分压引起,为了减小误差，应使R＞＞RＡ，故此法测较大电阻好考点:伏安法测电阻.专题:恒定电流专题．分析：两种接法都有误差:A图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过灯泡电阻R的电流,还包括了电压表的电流;B图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是灯泡电阻Ｒ的电压，还包括了电流表的分压；要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小．解答：解：A、A图的接法叫电流表外接法，Ｂ图的接法叫电流表的内接法,故A正确；B、A图中,电压表测量值准确,又由于电压表的分流作用,电流表测量值偏大，根据欧姆定律R=,电阻测量值偏小,即Ｒ测＜R真；B图中,电流表测量值准确,又由于电流表的分压作用,电压表测量值偏大，根据欧姆定律R=,电阻测量值偏大，即R测＞R真；故Ｂ不正确；C、Ａ图中，误差来源与电压表的分流作用，为了减小误差,应使R＜＜R v,故此法测较小电阻好，故C正确；D、B图中,误差来源与电流表的分压作用，为了减小误差,应使R>＞ＲＡ,故此法测较大电阻好,故D正确;故选：ACＤ.点评:待测电阻远大于电流表内阻时,电流表的分压小,可忽略不计，用电流表内接法.测量值偏大．待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小,可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小.五、计算题（22题８分，２3题材12分，共20分）2２.（8分)(201４秋•九原区校级期中）如图所示的电路中，R1=8Ω，R2＝4Ω,Ｒ3=6Ω,Ｒ4＝3Ω.(1)求电路中的总电阻．（2）当加在电路两端的电压U＝42Ｖ时,通过每个电阻的电流是多少?考点：欧姆定律；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：分析电路图,电阻R3、R4并联,再和R1和R2串联，根据欧姆定律和串并联电路的特点求解.解答：解:(１)电路中的总电阻为R＝Ω=１4Ω（2）根据欧姆定律得：I=R１和R２串联且在干路上，所以I1=I2=3Ａ对于R3、R4则有：I3+I4=3A所以I3=1A，I4＝2Ａ答:(1)电路中的总电阻为14Ω(2)当加在电路两端的电压U=42V时,通过四个电阻的电流分别为：3Ａ;3A；１A;2A．点评：本题考查了学生对欧姆定律、串并联特点的掌握和运用．难度不大，属于基础题２3.(１２分)（20１4秋•东莞市校级期中）有一个直流电动机，把它接入０.２V电压的电路时,电动机不转,测得流过电动机的电流是0.4Ａ;若把电动机接入２V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是１．０A．则:（１)电动机的内阻为多少?（２)电动机正常工作时的电功率为多大?(3）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住,电动机的发热功率是多大？考点:电功、电功率.专题:恒定电流专题．分析:（1)电动机不转时是纯电阻电路,由欧姆定律可以求出它的电阻．（2)电动机正常工作时的电功率P=ＵI；(3）转子突然被卡，电能全部转化为热能,根据求解．解答：解:(１）电动机线圈电阻R==0.５Ω;（2)电动机正常工作时的电功率P=ＵI=2×1=2W（３）转子突然被卡，则电能全部转化为热能,则.答：（1)电动机线圈的电阻是0.5Ω；（2）电动机正常工作时的电功率为２W；(3)如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住,电动机的发热功率是8W．点评:对于电动机电路，要正确区分是纯电阻电路，还是非纯电阻电路，关键看转子是否转动,电能是否全部转化为内能.。

高二物理上学期期中试题

吉林省汪清县第六中学2021-2021学年高二物理上学期期中试题一、单项选择题〔每题4分，共40分.〕1.四个塑料小球，A和B互相排斥，B和C互相吸引，C和D互相排斥．如果D带正电，则B球带电情况是A．带正电 B．带负电 C．不带电 D．可能带负电或不带电2.关于库仑定律，以下说法中正确是, 点电荷其实就是体积很小带电体B.库仑定律是实验定律D.根据库仑定律，当两个点电荷间距离趋近于零时，则库仑力趋近于无穷大3.在电场中某点放一检验电荷,其电量为q，所受电场力为F．按场强定义可知，该点场强大小E=F／q．则，以下说法中正确是A．假设移走检验电荷，则该点电场强度为零B．假设放在该点检验电荷电量为2q，则该点电场强度大小为E/2C．假设放在该点检验电荷电量为2q，则该点电场强度大小为2ED．假设放在该点检验电荷电量为2q，则该点电场强度大小仍为E4.以下关于电场线说法中，正确是A.电场线是电场中实际存在线同一试探电荷所受电场力越大C.沿电场线方向，场强必定越来越小D. 在复杂电场中电场线是可以相交5.以下关于电容器说法中，正确是A.电容越大电容器，带电荷量也一定越多B.两个电容器带电荷量相等时，两板间电势差较大电容器电容较大C. 电容器电容与电容器是否带电无关D.电容器不带电时，其电容为零1－22所示，+Q1和-Q2是两个可自由移动电荷，且Q2=4Q1．现再取一个可自由移动点电荷Q3放在Q1与Q2连接直线上，欲使整个系统平衡，则A．Q3应为负电荷，放在Q1左边．B．Q3应为负电荷，放在Q2右边C．Q3应为正电荷，放在Q1左边．D．Q3应为正电荷，放在Q2右边．1—24所示．把一个电子从A点移到B点时，则A．电子所受电场力增大，电子克制电场力做功．B．电子所受电场力减小，电场力对电子做功C．电子所受电场力增大，电势能减小．D．电子所受电场力增大，电势能增大．“10μF50V〞，则A．这个电容器加上50V电压时，电容量才是10μF．B．这个电容器最大电容量是10μF，带电量较少时，电容量小于10μF．C．这个电容器上加电压不能低于50V．D．这个电容器电容量总等于10μF．9.我们研究带电粒子是指那些受到电场力远大于重力粒子。