东华大学卓越计划概率论第5章

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第5章概率基础

第5章概率基础
5000
������ (0, 1)。因此5000只零件的平均重量超过0.502的概率为
5000 1 ∑︁ 0.502 − 0.5 P{ ������������ > 0.502} = P{������ > } √0.1 5000 ������=1 5000
=P{������ > 1.414213562} ≈ 1 − Φ(1.414213562) =1 − 0.921350396 = 0.078649604 注:Φ(1.414213562) = 0.921350396的计算结果是由EXCEL计算 得到的。若只能查表,则5000只零件的平均重量超过0.502的概 率为 1 − Φ(1.414213562) ≈ Φ(1.41) = 1 − 0.9207 = 0.0793
2
3
4
5
徐凌
第五章
概率基础
随机变量及其分布 随机变量的数字特征 常用的连续分布 常用的离散分布 中心极限定理
1
随机变量及其分布 随机变量的数字特征 常用的连续分布 常用的离散分布 中心极限定理
2
3量及其分布 随机变量的数字特征 常用的连续分布 常用的离散分布 中心极限定理
徐凌
第五章
概率基础
随机变量及其分布 随机变量的数字特征 常用的连续分布 常用的离散分布 中心极限定理
定义随机变量������ 为系统中正常工作的部件数,则由二项分布的定 义知������ ∼ ������ (100, 0.9)。在中心极限定理的保证 · 90 · 下������ ∼ ������ (90, 32 ),则������ := ������ − ∼ (0, 1)。因此系统正常工作的 3 概率为 85 − 90 ������ − 90 ≥ } 3 3 =P{������ ≥ −1.67} ≈ Φ(1.67) = 0.95254 P{������ ≥ 85} = P{

概率论与数理统计习题册 第五章 答案

概率论与数理统计习题册 第五章  答案

P{X
>
4500}
=1−
P{X

4500}
= 1 − Φ⎜⎜⎝⎛
4500 − 4475 612.5
⎟⎟⎠⎞
≈ 1− Φ(1.01) = 1− 0.8413 = 0.1587
(2) P{4400
<
X
<
4500} = Φ⎜⎜⎝⎛
4500 − 4475 612.5
⎟⎟⎠⎞

Φ⎜⎜⎝⎛
4400 − 4475 612.5
E( Xi ) = 10× 0.4 + 9× 0.3 + 8× 0.2 + 7 × 0.05 + 6× 0.05 = 8.95 ,
D( Xi
)
=
E
(
X
2 i
)

( EX i
)2
=1.225 ,
设总分为 X ,则 X ~ N (500 × 8.95, 500 ×1.225) ,即 X ~ N (4475, 612.5) . 因此
n
∑ 解 设有 n 个数相加,X i 分别为每个数的舍入误差。记 X = Xi ,E( Xi ) = 0 , i =1
16
∑ D( Xi )
=
1 12
由定理一知,随机变量 Z
=
k =1
Xi − n⋅0 n / 12
近似地服从正态分布 N (0,1)
(1) 所求概率
P{ X ≤ 15} = P{−15 ≤ X ≤ 15} = P{ −15 < X < 15 } 55 55 55
P{| Xn − a |< 0.1} ≥ 0.95 的 n 的最小值应不小于自然数

15华工概率论与数理统计第五、六章作业答案

15华工概率论与数理统计第五、六章作业答案
由题意知54利用柯尔莫哥洛夫强大数定律1即书上定理513
概率论第五章答案 5.1 解:因 E[ X + Y ] = E[ X ] + E[Y ] = 0
故 P ( X + Y ≥ 6) = P ( X + Y − E[ X + Y ] ≥ 6) ≤
Var[ X + Y ] 36
而 Var[ X + Y ] = Var[ X ] + Var[Y ] + 2 cov( X , Y )

9

* 8S 9
2
σ
2
~ χ 2 (8)
X 10 − X 10 σ 3( X 10 − X ) 3 所以 T = 服从 t (8) 分布 . = *2 *2 S9 10 8S 9
σ2
8
X 6.7 解:由题意知 2 = i ~ χ 2 (4) . σ i =6 σ Z3

σ
Z1
因 {X n } 是独立同分布的随机变量序列,且
2 2 Var[ X n ] = E[ X n ] − (E[ X n ]) ⇒ E[ X n ] = 10 2
故 {Yn }是独立同分布的随机变量序列,且
E[Yn ] = E[ X 32n−2 + X 3n−1 X 3n ] = E[ X 32n−2 ] + E[ X 3n−1 ]E[ X 3n ]
E[ X i ] = 0 ,Var[ X i ] = 0.0075 .
因 P (48 ≤ Y60 ≤ 52) = P 48 ≤ 50 +
60
∑X
i =1
i
≤ 52
= P (−2 ≤
∑X

(全)概率论与数理统计答案(东华大学出版)

(全)概率论与数理统计答案(东华大学出版)

第二章 离散型随机变量及其分布律第二节 一维离散型随机变量及其分布律习题Page 551、 一个口袋里有6只球,分别标有数字-3、-3、1、1、1、2,从中任取一个球,用ξ表示所得球上的数字,求ξ的分布律。

解答:因为ξ只能取-3、1、2,且分别有2、3、1个,所以ξ的分布律为:ξ-3 1 2 {}i P x ξ=2/63/61/62、 在200个元件中有30个次品,从中任意抽取10个进行检查,用ξ表示其中的次品数,问ξ的分布律是什么?解答:由于200个元件中有30个次品,只任意抽取10个检查,因此10个元件中的次品数可能为0、1、2到10个。

当次品数ξ为k 时,即有k 个次品时,则有10-k 个正品。

所以:ξ的分布律为:103017010200{},0,1,,10k k C C P k k C ξ-===。

3、 一个盒子中有m 个白球,n m -个黑球,不放回地连续随机地从中摸球,直到取到黑球才停止。

设此时取到的白球数为ξ,求ξ的分布律。

解答:因为只要取到黑球就停止,而白球数只有m 个,因此在取到黑球之前,所取到的白球数只可能为0m 中的任意一个自然数。

设在取到黑球时取到的白球数ξ等于k ,则第1k +次取到是黑球,以i A 表示第i 次取到的是白球;_i A 表示第i 次取到的是黑球。

则ξ的分布律为:__12112111{}()()(|)(|)11,0,1,,11k k k k P k P A A A A P A P A A P A A A m m m k n m k mn n n k n kξ++===--+-=⋅⋅⋅⋅=--+-。

4、 汽车沿街道行驶,要通过3个有红绿灯的路口,信号灯出现什么信号相互独立,且红绿灯显示时间相等。

以ξ表示该车首次遇到红灯前已通过的路口数,求ξ的分布律。

解答:因为只有3个路口,因此ξ只可能取0、1、2、3,其中{3}ξ=表示没有碰到红灯。

以i A 表示第i 个路口是红灯,因红绿灯显示时间相等,所以()1/2i P A =,又因信号灯出现什么信号相互独立,所以123,,A A A 相互独立。

概率论与数理统计 - 浙江大学邮件系统

概率论与数理统计 - 浙江大学邮件系统

T
0
S t
1 T
d
1 T
tT S d
t
周期性
===
1
T
T
0
S
d
常数
RX t,t E S t S t
T
0
S
t
S
t
1 T
d
1 T
tT S S d
t
周期性
===
1
T
T 0
S
S
记为
d==RX
所以随机相位周期过程是平稳的。
15
例4:考虑随机电报信号,P X
t
I
1 2
而与起始时间t1无关。
严平稳过程的数字特征:
设严平稳过程X t 是二阶矩过程,则
记为
(1)X t E X t E X 0==X 常数
(2)RX t ,t E X t X t
记为
E X 0 X ==RX
定义:给定二阶矩过程X t ,t T,如果
对任意的t,t T ,
k0 j0
N
ak amk 2
k 0
0mk N
只与m有关,所以{Yn }是平稳序列。
例3:设S t 是一周期为T的函数,是在0,T 上服从均匀分布的随机 变量,称X t S t 为随机相位周期过程,试讨论它的平稳性。
解:由假设,的概率密度为:
f
1 T
0
0 T
其他
于是, E X
t
E S t
或称这两个过程是联合 宽 平稳的
例: 一族随机变量Xt (t T )独立同分布, 则随机过程{Xt ;t T}是严平稳的.
证 : 设Xt的分布函数为F,对任意不同t1,,tn ,任意h, P( X t1 x1,..., X tn xn ) P( X t1 x1)...P( X tn xn )

东华理工大学概率论考前复习

东华理工大学概率论考前复习
5.切比雪夫不等式;
例题1.设 是 次独立重复试验中事件 出现的次数, 是事件 在每次试验中发生的概率,则对于任意的 ,均有 =.
6.大数定律。
3、计算与应用题(64%)
1.全概率公式的应用;
例题1、用3个机床加工同一种零件,零件由各机床加工的概率分别为0.5,0.3,0.2;各机床加工的零件为合格品的概率分别等于0.8,0.5,0.9,求全部产品中的合格率。(8分)
(C) (D)
3、设 ,当 时, ()
(A) (B) (C ) (D)
4、设总体 的数学期望为 ,方差为 , 是 的一个样本,则在下述的4个估计量中,最优的是()。
(A) (B)
(C) (D)
5、设(X,Y)为连续型随机向量,其联合密度为 ,两个边缘密度分别为 与 ,则下式中错误的是( ).
(A) (B)
6.假设检验(t检验);
例题1、用精饲料养鸡,若干天后鸡的平均重量为4斤,今对一批鸡改用粗饲料饲养,同时改善饲养方法,经同样长的饲养期,随机抽测10只得平均重量4.24斤,问这批鸡的平均重量是否提高了( )? (10分)
解:由题意作假设
在 前提下统计量
2、设随机变量 的概率密度为
求(1)A;(2) .
1、选择题(18%)
1.事件概率的基本公式;
例题1、已知 ,则下列说法正确的有(D)
(A) (B) (C) (D)A与B相互独立
2、设 ,则下列正确的是( D ).
(A) A与B不相容(B) A与B相容
(C) A与B不独立(D) A与B独立
2.古典概型;
例题1、有三类箱子,箱中装有黑、白两种颜色的小球,各类箱子中黑球、白球数目之比为 已知这三类箱子数目之比为 ,现随机取一个箱子,再从中随机取出一个球,则取到白球的概率为(A).

东华大学《概率论与数理统计》课件 第五章 大数定律与中心极限定理

东华大学《概率论与数理统计》课件 第五章 大数定律与中心极限定理

7 8.75E-06 6.2863E-05 7.19381E-05 7.28862E-05 7.2992E-05
8 3.65E-07 7.3817E-06 8.93826E-06 9.1053E-06 9.124E-06
4 0.01116 0.01494171 0.015289955 0.015324478 0.01532831
5 0.001488 0.00289779 0.003048808 0.003063976 0.00306566
6 0.000138 0.00046345 0.0005061 0.000510458 0.00051094
ln n) + 1 ( 2
ln n) = 0
Dn
=
E
2 n
=
1 2
(ln n) +
1 2
(ln n)
=
ln n

但 1
n2
n
D( i ) =
i =1
1 n2
n i =1
Di
=
1 n2
n
ln i
i =1
1 n2
n
ln n =
i =1
ln n n
→0
满足马尔可夫条件,{
}服从大数定律
n
注意: 辛钦大数定律只要求一阶矩存在,但是 随机变量序列是独立同分布的. 若所讨论的 随机变量序列是不服从同分布的要求或不独 立可应用切比雪夫大数定律 或者马尔可夫大 数定律 .
(2)设 n 为 n 次独立重复试验中 A 出现的次数, p 是事件 A 在每次试验中出现的概率, 0 ,

lim
n→
P{
n
n

p

概率统计教材(东华大学高教2017版)参考答案

概率统计教材(东华大学高教2017版)参考答案

《概率论与数理统计》(东华大学高教2017版)参考答案第1章1. (2) (4).2. (3).3. (1)不能,样本量过小. (2)样本量达到近200。

4.(1)不合理,总体中浅色衣服比例未知;(2)例如,总体中着深色和浅色衣服人数相同。

5. (2)(3)适当,每个个体被抽到可能性相同。

第2章4. 均值41.75,中位数32.9,标准差=21.955. 9,157. 均值27320.35, 中位数24487, 标准差6503.1, 方差42290357.1. 20000开始,每隔5000一组。

分组后计算,均值26693.55, 中位数22500。

8. 10%分位数 22307, 85%分位数 318279. 第一四分位8,中位数=10, 第三四分位17.510. 相关系数为0.94. 说明交通事故数和死亡人数呈明显的正相关11. R=--0.7638. 受教育年限与脉搏数负相关第3章1 (1) 0,1,2,3(2)000,001,010,011,100,101,110,111 (注:0正,1反)(3)2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12(4)0,1,2,……(5) {(x,y)|x^2+y^2<1}2.(1)7;(2)1,3,4,5,7;(3)3,5,7;(4)1,3,4,5;(5)4,6;(6)1,4 4. (1) 1234A A A A ;(2)41i i A =(3) 1234123412341234A A A A A A A A A A A A A A A A (4) 123412341234123412341234A A A A A A A A A A A A A A A A A A A A A A A A5. 根据加法公式证明6. 根据加法公式证明7. 0.78 . 0.15,0.5,0.1,0.5 9 . 2/9 10. 89/14411. 0.5815 , 0.9819 12. 0.125 , 0.1665 ,0.75 13. 0.04614 . 庄家赢的概率0.5177,0.491415. 一等 ; 二等 ; 三等。

东华理工大学概率论与数理统计练习册答案-61153---副本

东华理工大学概率论与数理统计练习册答案-61153---副本

全概率公式知112233()()(|)()(|)()(|)11131553353638120P A P B P A B P B P A B P B P A B =++=++=.18.答案:(C )解:用A 表示事件“取到白球”,用i B 表示事件“取到第i 类箱子” 1.2.3i =,则由全概率公式知112233()()(|)()(|)()(|)213212765636515P A P B P A B P B P A B P B P A B =++=++=.19.答案:(C )解:即求条件概率2(|)P B A .由Bayes 公式知3263222711223315()(|)5(|)()(|)()(|)()(|)7P B P A B P B A P B P A B P B P A B P B P A B ===++. 二、填空题1.{(正,正,正),(正,正,反),(正,反,反),(反,反,反),(反,正,正),(反,反,正),(反,正,反),(正,反,正)}2.;ABC ABC ABC ABC ABC 或AB BC AC 3.0.3,0.5解:若A 与B 互斥,则P (A+B )=P (A )+P (B ),于是 P (B )=P (A+B )-P (A )=0.7-0.4=0.3; 若A 与B 独立,则P (AB )=P (A )P (B ),于是由P (A+B )=P (A )+P (B )-P (AB )=P (A )+P (B )-P (A )P (B ),得()()0.70.4()0.51()10.4P A B P A P B P A +--===--.4.0.7解:由题设P (AB )=P (A )P (B|A )=0.4,于是P (AUB )=P (A )+P (B )-P (AB )=0.5+0.6-0.4=0.7. 5.0.3解:因为P (AUB )=P (A )+P (B )-P (AB ),又()()()P AB P AB P A +=,所以()()()0.60.30.3P AB P A B P B =-=-=. 6.0.6解:由题设P (A )=0.7,P (AB )=0.3,利用公式AB AB A +=知()()()P AB P A P AB =-=0.7-0.3=0.4,故()1()10.40.6P AB P AB =-=-=. 7.7/12解:因为P (AB )=0,所以P (ABC )=0,于是()()1()1[()()()()()()()]13/42/67/12P ABC P A B C P A B C P A P B P C P AB P BC P AC P ABC ==-=-++---+=-+=. 8.1/4解:因为()()()()()()()()P A B C P A P B P C P AB P BC P AC P ABC =++---+ 由题设22()()(),()()()(),()()()()P A P B P C P AC P A P C P A P AB P A P B P A ======,2()()()(),()0P BC P B P C P A P ABC ===,因此有293()3()16P A P A =-,解得 P (A )=3/4或P (A )=1/4,又题设P (A )<1/2,故P (A )=1/4. 9.1/6解:本题属抽签情况,每次抽到次品的概率相等,均为1/6,另外,用全概率公式也可求解.10.11260解:这是一个古典概型问题,将七个字母任一种可能排列作为基本事件,则全部事件数为7!,而有利的基本事件数为12121114⨯⨯⨯⨯⨯⨯=,故所求的概率为417!1260=. 11.3/7 解:设事件A={抽取的产品为工厂A 生产的},B={抽取的产品为工厂B 生产的},C={抽取的是次品},则P (A )=0.6,P (B )=0.4,P (C|A )=0.01,P (C|B )=0.02,故有贝叶斯公式知()()(|)0.60.013(|)()()(|)()(|)0.60.010.40.027P AC P A P C A P A C P C P A P C A P B P C B ⨯====+⨯+⨯. 12.6/11解:设A={甲射击},B={乙射击},C={目标被击中}, 则P (A )=P (B )=1/2,P (C|A )=0.6,P (C|B )=0.5, 故()()(|)0.50.66(|)()()(|)()(|)0.50.60.50.511P AC P A P C A P A C P C P A P C A P B P C B ⨯====+⨯+⨯. 四、 )(,21)|(,31)|(,41)(B A P B A P A B P A P ⋃===求。

东华理工大学概率论与数理统计练习册答案

东华理工大学概率论与数理统计练习册答案

第一章 概率论的基本概念一、选择题1.答案:(B ) 2. 答案:(B )解:AUB 表示A 与B 至少有一个发生,Ω-AB 表示A 与B 不能同时发生,因此(AUB)(Ω-AB)表示A 与B 恰有一个发生. 3.答案:(C )4. 答案:(C ) 注:C 成立的条件:A 与B 互不相容.5. 答案:(C ) 注:C 成立的条件:A 与B 互不相容,即AB φ=.6. 答案:(D ) 注:由C 得出A+B=Ω.7. 答案:(C )8. 答案:(D ) 注:选项B 由于11111()1()1()1()1(1())nnnnni i i i i i i i i i P A P A P A P A P A ======-=-==-=--∑∑∏∏9.答案:(C ) 注:古典概型中事件A 发生的概率为()()()N A P A N =Ω.10.答案:(A )解:用A 来表示事件“此r 个人中至少有某两个人生日相同”,考虑A 的对立事件A “此r 个人的生日各不相同”利用上一题的结论可知365365!()365365rr r rC r PP A ⋅==,故365()1365rrP P A =-.11.答案:(C ) 12.答案:(B )解:“事件A 与B 同时发生时,事件C 也随之发生”,说明A B C ⊂,故()()P AB P C ≤;而()()()()1,P A B P A P B P AB ⋃=+-≤ 故()()1()()P A P B P AB P C +-≤≤.13.答案:(D )解:由(|)()1P A B P A B +=可知2()()()1()()()1()()()(1())()(1()()())1()(1())()(1())()(1()()())()(1())()()()()()()(())()()()P A B P A B P A B P A B P B P B P B P B P A B P B P B P A P B P A B P B P B P A B P B P B P A P B P A B P B P B P A B P A B P B P B P A P B P B P B P A B P B -⋃+=+--+--+==-⇒-+--+=-⇒-+--+=2(())()()()P B P A B P A P B -⇒=故A 与B 独立. 14.答案:(A )解:由于事件A,B 是互不相容的,故()0P AB =,因此P(A|B)=()00()()P AB P B P B ==.15.答案:(D )解:用A 表示事件“密码最终能被译出”,由于只要至少有一人能译出密码,则密码最终能被译出,因此事件A 包含的情况有“恰有一人译出密码”,“恰有两人译出密码”,“恰有三人译出密码”,“四人都译出密码”,情况比较复杂,所以我们可以考虑A 的对立事件A “密码最终没能被译出”,事件A 只包含一种情况,即“四人都没有译出密码”,故111112()(1)(1)(1)(1)()543633P A P A =----=⇒=.16.答案:(B ) 解:所求的概率为()1()1()()()()()()()11111100444161638P A B C P A B C P A P B P C P AB P BC P AC P ABC =-⋃⋃=---+++-=---+++-=注:0()()0()0ABC AB P ABC P AB P ABC ⊂⇒≤≤=⇒=. 17.答案:(A )解:用A 表示事件“取到白球”,用i B 表示事件“取到第i 箱” 1.2.3i =,则由全概率公式知112233()()(|)()(|)()(|)11131553353638120P A P B P A B P B P A B P B P A B =++=++=.18.答案:(C )解:用A 表示事件“取到白球”,用i B 表示事件“取到第i 类箱子” 1.2.3i =,则由全概率公式知112233()()(|)()(|)()(|)213212765636515P A P B P A B P B P A B P B P A B =++=++=.19.答案:(C )解:即求条件概率2(|)P B A .由Bayes 公式知3263222711223315()(|)5(|)()(|)()(|)()(|)7P B P A B P B A P B P A B P B P A B P B P A B ===++.二、填空题1.{(正,正,正),(正,正,反),(正,反,反),(反,反,反),(反,正,正),(反,反,正),(反,正,反),(正,反,正)}2.;ABC ABC ABC ABC ABC 或AB BC AC 3.0.3,0.5解:若A 与B 互斥,则P (A+B )=P (A )+P (B ),于是 P (B )=P (A+B )-P (A )=0.7-0.4=0.3;若A 与B 独立,则P (AB )=P (A )P (B ),于是由P (A+B )=P (A )+P (B )-P (AB )=P (A )+P (B )-P (A )P (B ),得()()0.70.4()0.51()10.4P A B P A P B P A +--===--.4.0.7解:由题设P (AB )=P (A )P (B|A )=0.4,于是P (AUB )=P (A )+P (B )-P (AB )=0.5+0.6-0.4=0.7.5.0.3解:因为P (AUB )=P (A )+P (B )-P (AB ),又()()()P AB P AB P A +=,所以()()()0.60.30.3P AB P A B P B =-=-= .6.0.6解:由题设P (A )=0.7,P (AB )=0.3,利用公式AB AB A +=知()()()P AB P A P AB =-=0.7-0.3=0.4,故()1()10.40.6P AB P AB =-=-=.7.7/12解:因为P (AB )=0,所以P (ABC )=0,于是()()1()1[()()()()()()()]13/42/67/12P ABC P A B C P A B C P A P B P C P AB P BC P AC P ABC ==-=-++---+=-+= . 8.1/4解:因为()()()()()()()()P A B C P A P B P C P AB P BC P AC P ABC =++---+ 由题设22()()(),()()()(),()()()()P A P B P C P AC P A P C P A P AB P A P B P A ======,2()()()(),()0P BC P B P C P A P ABC ===,因此有293()3()16P A P A =-,解得P (A )=3/4或P (A )=1/4,又题设P (A )<1/2,故P (A )=1/4. 9.1/6解:本题属抽签情况,每次抽到次品的概率相等,均为1/6,另外,用全概率公式也可求解. 10.11260解:这是一个古典概型问题,将七个字母任一种可能排列作为基本事件,则全部事件数为7!,而有利的基本事件数为12121114⨯⨯⨯⨯⨯⨯=,故所求的概率为417!1260=.11.3/7 解:设事件A={抽取的产品为工厂A 生产的},B={抽取的产品为工厂B 生产的},C={抽取的是次品},则P (A )=0.6,P (B )=0.4,P (C|A )=0.01,P (C|B )=0.02,故有贝叶斯公式知()()(|)0.60.013(|)()()(|)()(|)0.60.010.40.027P AC P A P C A P A C P C P A P C A P B P C B ⨯====+⨯+⨯.12.6/11解:设A={甲射击},B={乙射击},C={目标被击中}, 则P (A )=P (B )=1/2,P (C|A )=0.6,P (C|B )=0.5, 故()()(|)0.50.66(|)()()(|)()(|)0.50.60.50.511P AC P A P C A P A C P C P A P C A P B P C B ⨯====+⨯+⨯.三、设A ,B ,C 是三事件,且0)()(,41)()()(=====BC P AB P C P B P A P ,81)(=AC P .求A ,B ,C 至少有一个发生的概率。

东华大学概率论与数理统计B考试大纲final(带公式)

东华大学概率论与数理统计B考试大纲final(带公式)

概率论与数理统计B考试大纲答疑:1月5日下午3:00-4:30。

2号学院楼543。

第2章描述统计学1.样本均值、样本方差、样本标准差的计算;2.样本中位数、分位数;先对数据按从小到大排序。

如果np不是整数,那么第[np]+1个数据是100p%分位数。

如果np是一个整数,那么100p%分位数取第[np]和第[np]+1个值的平均值。

特别地,中位数是50%分位数。

3.样本相关系数。

,重点例题:例2.3.1, 例2.3.7, 例2.3.8,例2.6.2。

重点习题:P5ex4, P29 ex6, ex12第3章概率论根底1. 样本空间,事件的并、交、补,文图和德摩根律;,2. 概率的定义、补事件计算公式、并事件计算公式;对于任何的互不相交事件序列,3. 等可能概型的计算,排列和组合;4. 条件概率、乘法公式、全概率公式、贝叶斯公式;,4.事件独立性及其概率的计算。

重点习题:P53 ex12, ex13, ex18, ex25, ex29, ex31, ex33, ex35, ex47第4章随机变量与数学期望1. 随机变量的分布函数及其性质;2. 离散型随机变量的概率质量函数及其性质,有关概率的计算;离散型随机变量:取值集合有限或者是一个数列x i, i=1,2, …。

概率质量函数:,3. 连续型随机变量的概率密度函数及其性质,有关概率的计算;连续型随机变量:随机变量的可能的取值是一个区间。

概率密度函数f(x):对任意一个实数集B有,,4 二维随机变量的联合分布函数、联合质量函数、联合密度函数,有关概率的计算;,,5. 随机变量的独立性,有关概率的计算;随机变量X与Y独立: ;分布函数离散型连续型6. 怎样求连续型随机变量函数的密度函数〔先求分布函数,再求导〕;Y=g(X)7. 数学期望〔离散型,连续型〕,函数的数学期望〔离散型,连续性〕;离散型连续型8. 数学期望的性质,当X与Y独立时,E[XY]=E[X] E[Y]9. 方差和它的性质;;当X与Y独立,,10 协方差、相关系数,有关性质;Corr(X,Y)=1或-1,当且仅当X和Y线性相关,即P(Y=a+bX)=1 (当b>0, 相关系数为1; 当b<0, 相关系数为-1)当X与Y独立时,X与Y不相关,即.11. 矩母函数,利用矩母函数求各阶矩;矩矩母函数利用矩母函数求各阶矩12. 切比雪夫不等式,弱大数定律,概率的频率意义。

东华大学卓越计划概率论第1章

东华大学卓越计划概率论第1章

他们把弹洞的位置报上来。然后自己铺开一张大白纸,
4
画出飞机的轮廓,再把小窟窿一个个添上去。画完之
后大家一看,飞机浑身上下都是窟窿,只有飞行员座
舱和尾翼两个地方几乎是空白。 沃尔德告诉大家:从数学家的眼光来看,这张图
明显不符合概率分布的规律,而明显违反规律的地方
往往是问题的关键。飞行员们一看就明白了:如果座
解:
方法一:若事先确定第几个是小偷,则小偷被抓获的 6 概率为 。 24 方法二:若采用“过半选优”法,则小偷被抓获的概 率 10 为 24 。 1、上例反映了数学的精妙之处,每种可能性均
可用数字表示出来。
2、利用高度来确定结果,这就是“随机过程”。
7
概率论与数理统计
第一章 概率论的基本概念
8
定义:在试验或观测之前,不能确切知道
⑵ 每个样本点 ei (1,2,…,n) 出现的可能性 即发生的概率相同。
1 P e1 P e2 P en n
29
概率的古典定义
设 S={e1,e2,…,en} 为古典概型,事件A 发生的概率定义为
k A所包含的基本事件总数 P A n 基本事件总数
17
⑴ A( A )发生当且仅当 A (A)不发生; ⑵ 若两个事件A、B满足
① A B S
② AB 称A、B对立或称A、B互逆。
1 A, B互逆 A, B互斥,反之不成立; 于是有 2 A A, A S A 3 A B AB A AB
18
35
⑶ 一口袋中有5红2白7个球,从袋中任取一
球,有放回地取2次,求:
① 均取红球的概率;
② 第一次取红球,第二次取白球的概 设事件A、B的概率分别为 和 ,求下列 3 2

华东理工大学概率论与数理统计课件第五章

华东理工大学概率论与数理统计课件第五章

例11:设随机变量X 服从正态分布N ( , 2 , ) 而 X1 ,, X 9
分别是来自总体 X 的 s.r.s,且
2 Y1 X i / 6,Y2 X i / 3,s 2 = (X i -Y2) /2 i 1 i 7 i 7 6 9 9
求证:
Z=
证:
( 2 Y1 -Y2) ~t(2) s
3) X与 S 相互独立.
2
X

2
n 2 (n 1) S

2
/(n 1)
X ~ t (n 1) S/ n
4)设X~N(μ1,σ12),Y~ N(μ2,σ22),从中分别抽取
容量为n1,n2的样本,且两组样本独立,则
( X Y ) ( 1 2 )
2 5)当 1
2

1
2 0.975
(10) 20.483
ห้องสมุดไป่ตู้
2
2 0.05
(10) 3.940
例 设 X 1 , X 2 , X 3 , X 4是取自总体N(0,4)的简单随机样本
X a( X 1 2 X 2 ) b(3 X 3 4 X 4 ) 当a =___,b=___时,
X1 ,, X 25
P(0 X 6, 57.7 s 151.73)
2
解:
P(0 X 6, 57.7 s 2 151.73) =P(0 X 6)P(57.7 s 2 151.73)
0-3 X-3 6-3
24s 2 =P( )P(13.848 36.4152) 100 100 100 100 25 25 25 =(2(1.5) -1)(0.95-0.05) =(2 0.9332-1) 0.9 =0.77976
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由中心极限定理,
n X i np n np i 1 lim P x lim P n np1 p n np1 p t2 x 1 2 x e dt 2π
2 1 n 事实上,Yn X i, E Yn , DYn 。 n i 1 n
Yn EYn Zn 即为标准化量。 DYn
该定理表明,只要n充分大,
1 n Xi n i 1
Zn


X
i 1
n
i
n ~ N (0,1)
n
n
从而便于计算 P{Zn≤x}。
试求: ⑴ 保险公司亏本的概率为多少? ⑵ 保险公司获利不少于10万元的概率为多少?
18
例5:银行为支付某日即将到期的债券须准
备一笔现金,已知这批债券共发放了500
张,每张支付本息1000元。设持券人(1人1券)
到期日到银行领取本息的概率为0.4,问银行
该日应准备多少现金才能以99.9%的把握满足 客户的兑换?
出邀请书150张,按照以往的经验,接到邀
请书的人约有80%能到会,试求前来参加晚 会的人数在110~130之间的概率。
17
例4:设有2500个同一年龄段和同一社会阶层
的人参加了某保险公司的人寿保险。在一年中
每个人死亡的概率为0.002。每个人在年初向
保险公司交纳保费120元,而若在一年内死亡
时,其家属可以从保险公司领到2万元的赔偿。
U 0, 分布,试证明Yn max X i 依概率收敛 1 i n
于 。
8
二、伯努利大数定理
设fA是n次独立试验中事件A发生的次数,p是事 件A在每次试验中发生的概率,则对于 0,有
fA fA lim P p 1或 lim P p 0 n n n n
n np lim P a b b a n np1 p
14
三、有关中心极限定理的计算步骤
1、若X1,X2,…,Xn,…独立且同分布(任何分
布均可),令 n X 1 X 2 X n,计算
E n , Dn 。2Fra bibliotekE X i 0 1 p 1 p p
i 1,2,, n
因此X1,X2,…,Xn满足切比雪夫定理的条件,
1 n fA Yn X i n i 1 n
fA lim P p 1 n n
10
§5.2 中心极限定理 一、中心极限(又称列维-林德伯格)定理
19
辛钦大数定律成立只须X1,X2,…,Xn,… 【
(A) 有相同的数学期望;

(B) 服从于同一离散型分布;
(C) 服从于同一连续随机变量;
(D) 服从于同一指数分布。
7
例2:将一枚骰子重复掷n次,则当 n 时,
n次掷出点数的算数平均值依概率收敛于

例3:设随机变量X1,X2,…,Xn独立同服从于
具有有限的数学期望: E X i i 1,2,
1 n 令 Yn X i , n i 1
前n项算术平均
则 0 ,有
1 n lim P Yn lim P X i 1 n n n i 1
2、当n充分大时,n ~ N E n , Dn 。
n E n 3、对 n进行标准化,即 Z n 。 D n
4、 Z n ~ N (0,1),查表计算。
15
四、有关例子:
例1:设随机变量Xn服从二项分布B(n, p), 0<p<1,n=1,2,…,则对于任一实数x,有
设随机变量X1,X2,…,Xn,…相互独立且同分布,
E X i , D X i 2 0, i 1,2,
则随机变量 Z n
X
i 1
n
i
n
n
的分布函数Fn(x)对于任意实数x,满足
n t2 X i n x 1 2 i 1 lim Fn x lim P x e d t x 2π n n n 11
lim PYn a 1
n
定义:设Y1,Y2,…,Yn,…是一个随机变量序列,a
则称序列Y1,Y2,…,Yn,…依概率收敛于a。 注意依概率收敛与微积分中的收敛的区别。
5
微积分中序列 an , lim an a 指: n
0, N 0, 当n>N时,恒有 an a 成立。
概率论与数理统计
第五章 大数定律及中心极限定理
1
概率论中有两类极限定理 ⑴ 大数定律:从理论上证明随机现象的“频
率稳定性”,并进一步推广到“算术平均值法
则”。 ⑵ 中心极限定理:证明了独立随机变量标 准化和的极限分布是正态分布或近似正态分 布。
2
§5.1 大数定律
一、弱大数定理(辛钦大数定理)
设随机变量X1,X2,…,Xn,…相互独立同分布,且
12
二、德莫佛-拉普拉斯(De Moivre-Laplace)定理 设随机变量 n n 1,2, 服从参数为n,p(0<p<1)
的二项分布,则对于任意区间[a,b],恒有
b 1 n np lim P a b e n np1 p a 2π t2 2
该定理表达了“频率的稳定性” 原理以及 “小
概率事件实际几乎不可能发生”的原理。
9
证明:引入随机变量
0 第i次试验中A不发生 Xi i 1,2,, n 1 第i次试验中A发生 f A X1 X 2 X n 则
Xi服从0-1分布且相互独立,
D X i p p p1 p
dt
⑴ 该定理为中心极限定理的特例。 ⑵ 解决了二项分布中当n很大时的概率计 算问题。
13
证明:令n X 1 X 2 X n,Xi服从0-1分布。
E X i p, D X i p1 p , i 1,2,
E n np, Dn np1 p
又由切比雪夫不等式
2 DYn 即 P Yn 1 2 PYn E Yn 1 2 n
所以
lim P Yn 1
n
4
1 n 该定理表明,只要n充分大, n X i 以很大 i 1
的概率取值接近于数学期望 。 是一个常数,若对 0,有
3
证明:因X1,X2,…,Xn相互独立,故
1 1 n 1 n E Yn E X i E X i n n n i 1 n i 1
1 2 1 n 1 n DYn D X i 2 D X i 2 n 2 n n n i 1 n i 1
lim P X n np x=【 n

1 (B) e 2π 0
x t2 2
(A)
1 e 2π
x
t2 2
dt ;
dt ;
(C) 0;
(D) 0.5。
16
例2:在概率的近似计算中的应用: ⑴ X~b(104,0.1),P{X<990}; ⑵ Y ~ π(100),求P{Y≥120}。 例3:某校学生会主办一次周末晚会,共发
概率论中序列 Yn 为随机变量序列, Yn 依概
率收敛于a指:
0 ,当n充分大,事件 Yn a 发生的概
率很大,接近于1,即
lim PYn a 1
n
6
但并不排除 Yn a 不发生,可能性很小而已。
例1:设随机变量X1,X2,…,Xn,…相互独立,则
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