高三物理周练试题4
高三物理每周一练综合训练(四)新人教版
每周一练综合训练（四）一、选择题（本题包括21小题，每小题6分，共126分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对的得满分，选不全的得一半分。
有选错或不答的得0分）1、下列叙述中符合物理学史实的是（ ）A ．托马斯·杨通过光的干涉实验，证明了光具有波动性B ．爱因斯坦为了解释光电效应规律，首先提出了量子理论C ．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，提出了原子的核式结构学说D ．贝克勒耳通过对天然放射性的研究，发现原子核是由质子和中子组成的2、如图是原子核的核子平均质量与原子序数Z 的关系图象，下列说法中正确的是（ ）A ．若F 能分裂成DE ，分裂过程一定要释放能量B ．若DE 能结合成F ，结合过程中一定要吸收能量C ．若A 能分裂成BC ，分裂过程中一定要释放能量D ．若A 能分裂成BC ，分裂过程中一定要吸收能量3、如图所示，光滑的“∏”型金属导体框竖直放置，质量为m 的金属棒MN 与框架接触良好。
磁感应强度分别为B 1、B 2的有界匀强磁场方向相反，但均垂直于框架平面，分别处在abcd 和cdef 区域。
现从图示位置由静止释放金属棒MN ，当金属棒进入磁场B 1区域后，恰好作匀速运动。
以下说法中正确的有（ ）A ．若B 2=B 1，金属棒进入B 2区域后将加速下滑B ．若B 2=B 1，金属棒进入B 2区域后仍将保持匀速下滑C ．若B 2<B 1，金属棒进入B 2区域后可能先加速后匀速下滑D ．若B 2>B 1，金属棒进入B 2区域后可能先减速后匀速下滑4、两根高度相差甚微的挡板被夹在两块平板玻璃之间构成空气劈尖，如图所示，单色光垂直照射，可看到相互平行的干涉条纹，如果将两挡板之间的距离L 拉大些，则在两挡板间范围内的干涉条纹（ ）A ．数目增加，间距不变B ．数目增加，间距变小C ．数目不变，间距变大D ．数目减小，间距变大 5、如图所示，在某一空间固定着两个等量同种点电荷，另一带负电微粒在两电荷之间的空间里运动，如果该微粒只受电场力作用，那么微粒的运动状态可能是（ ）A ．匀速圆周运动B ．匀变速曲线运动C ．匀变速直线运动D ．匀速直线运动6、如图所示，用交流电供电，C 为电容器，R 为电灯，当电源频率增大时①电容器容抗增大②电灯变暗③电容器容抗减小④电灯变亮（ ）A ．②③B ．③④C ．①②D ．①④7、在圆轨道上运动的质量为m 的人造地球卫星，它到地面的距离是地球半径的2倍，地面上的重力加速度为g ，则（ ）A ．卫星的运动的速度为Rg 2B ．卫星的运动的周期为g R 24πC ．卫星的运动的加速度为g 91D ．卫星的运动的动能为mRg 41 8、用a 、b 两束单色光分别照射同一双缝干涉装置，在一距双缝恒定距离的屏上得到右图所示的干涉图样，其中图（甲）是a 光照射时形成的，图（乙）是b 光射时 形成的。
高三物理上学期周测试卷4
咐呼州鸣咏市呢岸学校高三物理周测试卷〔4〕(考查范围：动力学B 分值：100分时间：45分钟)一、选择题(每题6分，共48分1—6单项选择，7—10题多项选择)1.如下图，物块a 、b 质量分别为2m 、m ，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F 作用下，两物块均处于静止状态，那么( )A ．物块b 受四个力作用B ．物块b 受到的摩擦力大小于2mgC ．物块b 对地面的压力大小于mgD ．物块a 受到物块b 的作用力水平向右2．2021·一检在如下图的甲、乙、丙、丁四幅图中，滑轮本身所受的重力忽略不计，滑轮的轴O 安装在一根轻木杆P 上，一根轻绳ab 绕过滑轮，a 端固在墙上，b 端下面挂一个质量都是m 的重物，当滑轮和重物都静止不动时，甲、丙、丁图中木杆P 与竖直方向的夹角均为θ，乙图中木杆P 竖直．假设甲、乙、丙、丁四幅图中滑轮受到木杆P 的弹力的大小依次为F A 、F B 、F C 、F D ，那么以下判断中正确的选项是( )A ．F A ＝FB ＝FC ＝FD B ．F D ＞F A ＝F B ＞F C C ．F A ＝F C ＝F D ＞F B D ．F C ＞F A ＝F B ＞F D3．2021·二检体育器材室里，篮球摆放在如下图的球架上．球架的宽度为d ，每个篮球的质量为m ，直径为D ，不计球与球架之间的摩擦，那么每个篮球对一侧球架的压力大小为( )A.12mgB.mgD dC.mgD 2D 2－d2D.2mg D 2－d 2D 4．如下图，质量为M 、半径为R 、内壁光滑的半球形容器静止在粗糙水平地面上，O 为球心．有一劲度系数为k 的轻弹簧一端固在半球形容器底部O ′处，另一端与质量为m 的小球相连，小球静止于P 点．地面与半球形容器间的动摩擦因数为μ，OP 与水平方向的夹角为θ＝30°，以下说法正确的选项是( )A．小球受到轻弹簧的弹力大小为32 mgB．小球受到容器的支持力大小为mg 2C．小球受到容器的支持力大小为mgD．半球形容器受到地面的摩擦力大小为3 2 mg5.如下图，金属棒MN两端由长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M向N 的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ，如果仅改变以下某一个条件，θ角的相变化情况是( )A．棒中的电流变大，θ角变大B．两悬线长变短，θ角变小C．金属棒质量变大，θ角变大D．磁感强度变大，θ角变小6.如下图，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固在木板上．先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动．在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是( )A．先减小后增大 B．先增大后减小C．一直增大 D．保持不变7.【2021-19】19.如图7所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固在水平面上，将杆竖直紧压在地面上，假设三条绳长度不同，以下说法正确的有A.三条绳中的张力都相B.杆对地面的压力大于自身重力C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力8.如图，物体P静止于固的斜面上，P的上外表水平，现把物体Q轻轻地叠放在P上，那么( )A．P向下滑动 B．P静止不动C．P所受的合外力增大 D．P与斜面间的静摩擦力增大9.如下图，水平地面粗糙，A、B两同学站在地上水平推墙．甲图中A向前推B，B向前推墙；乙图中A、B同时向前推墙．每人用力的大小都为F，方向水平，那么以下说法中正确的选项是 ( )A．甲图方式中墙受到的推力为2FB．乙图方式中墙受到的推力为2FC．甲图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为FD．乙图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为F10．在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力变化的规律的中，特设计了如图甲所示的演示装置，力传感器A与计算机连接，可获得力随时间变化的规律，将力传感器固在光滑水平桌面上，测力端通过细绳与一滑块相连(调节传感器高度可使细绳水平)，滑块放在较长的小车上，小车一端连接一根轻绳并跨过光滑的轻滑轮系一只空沙桶(调节滑轮可使桌面上部细绳水平)，整个装置处于静止状态．开始时翻开传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子，小车一旦运动起来，立即停止倒沙子，假设力传感器采集的图象如图乙，那么结合该图象，以下说法正确的选项是( )A．可求出空沙桶的重力B．可求出滑块与小车之间的滑动摩擦力的大小C．可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小D．可判断第50秒后小车做匀速直线运动(滑块仍在车上)二、填空题〔每题5分，共计20分〕11．某同学通过下述验证力的平行四边形那么。
高三物理上册周测考试试题4
物理试题一、单项选择题（每小题4分，共16分，）1.如图所示，一重为8 N的球固定在AB杆的上端，今用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，此时测力计的示数为6 N，则AB杆对球作用力的大小为()A．6N B．8 NC．10 N D．12 N2.如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：①中弹簧的左端固定在墙上，②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用，③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动，④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动．若认为弹簧的质量都为零，以L1、L2、L3、L4依次表示四个弹簧的伸长量，则有()A．L2＝L1B．L4>L3 C．L1>L3D．L2>L43.如图所示，一个被吊着的均匀球壳，其内部注满了水，在球的底部有一带阀门的细出水口．在打开阀门让水慢慢流出的过程中，球壳与其中水的共同重心将会 ( )A ．一直下降B ．一直不变C ．先下降后上升D ．先上升后下降4．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5……所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度为d .根据图中的信息，下列判断错误的是( )A ．位置“1”是小球释放的初始位置B ．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为d T 2D ．小球在位置“3”的速度为7d 2T二、双项选择题（每小题6分，共30分） 5．给滑块一初速度v 0使它沿光滑斜面向上做匀减速运动，加速度大小为g 2，当滑块速度大小减为v 02时，所用时间可能是( ) A.v 02g B.v 0g C.3v 0g D.3v 02g6.如图所示，A 、B 两物体的重力分别是G A ＝3 N 、G B＝4 N ，A 用悬绳挂在天花板上，B 放在水平地面上，A、B间的轻弹簧上的弹力F＝2 N，则绳中张力F1和B对地面的压力F2的可能值分别为()A．7 N和10 N B．5 N和2 NC．1 N和6 N D．2 N和5 N7.如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放物体m，两者间有一条处于压缩状态的弹簧，整个装置相对地面静止．则M、m的受力情况是()A．m受到向右的摩擦力B．M受到m对它向右的摩擦力C．地面对M的摩擦力向右D．地面对M无摩擦力作用8.如图所示，物块A、B静置在水平地面上，某时刻起，对B施加一沿斜面向上的力F，力F从零开始随时间均匀增大，在这一过程中，A、B均始终保持静止．则地面对A的()A．支持力不变B．支持力减小C．摩擦力减小D．摩擦力增大9.如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上向右滑行，木块同时受到向右的拉力F的作用，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则()A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgB．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m＋M)gC．当F>μ2(m＋M)g时，木板便会开始运动D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动三、非选择题10．（18分）通过“探究弹簧弹力与弹簧伸长量之间的关系”实验，我们知道：在弹性限度内，弹簧弹力F与形变量x成正比，并且不同弹簧，其劲度系数也不同．某中学的探究学习小组从资料中查到：弹簧的劲度系数与弹簧的材料和形状有关．该学习小组想研究弹簧的劲度系数与弹簧原长的关系，现有A，B，C，D四根材料和粗细完全相同仅长度不同的弹簧．(1)学习小组的同学们经过思考和理论推导，各自提出了自己的看法，其中甲同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧长度成正比，乙同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧原长成反比，甲、乙有一名同学的看法是正确的．你认为正确的是________(填“甲”或“乙”)，就这一环节而言，属于科学探究中的哪个环节________(填序号)．A．分析与论证B．进行实验与收集证据C．猜想与假设D．制定计划与设计实验(2)为验证甲、乙谁的看法正确，可通过实验完成，实验器材除上述弹簧和已知质量的几个钩码外，还需要的实验器材是________．(3)探究学习小组进行实验记录的数据如下表所示．实验数据记录(g＝10 m/s2)请完成上表，从中得出的结论为：________.11.（18分）如图所示，质量为0.78 kg的金属块放在水平桌面上，在与水平方向成37°角斜向上、大小为3.0 N的拉力F作用下，以2.0 m/s的速度向右做匀速直线运动．(sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，g取10 m/s2)求：(1)金属块与桌面间的动摩擦因数；(2)如果从某时刻起撤去拉力，撤去拉力后金属块在桌面上滑行的最大距离．12.（18分）物体的质量为2 kg，两根轻细绳AB和AC的一端连接于竖直墙上，另一端系于物体上，在物体上另施加一个方向与水平线成θ角的拉力F，相关几何关系如图所示，θ＝60°，若要使绳都能伸直，求拉力F的大小范围．(g取10 m/s2)答案：1.C2. A3.C4.A5.BC6. BC7. AD8. BD9.AD 10. 解析：(1)弹簧的劲度系数由弹簧的本身决定，而与悬挂的重物无关，所以乙正确．由于实验还没有被证实，所以属于猜想与假设环节．(2)实验中需要悬挂弹簧测力计，所以需要铁架台，还需要测量弹簧形变量，所以需要刻度尺．(3)根据数据计算可知道：在实验允许的误差范围内，弹簧的劲度系数与弹簧原长成反比．答案：(1)乙 C (2)铁架台、刻度尺(3)4.00 cm 50 N/m结论为：在实验允许的误差范围内，弹簧的劲度系数与弹簧原长成反比．11. (1)0.4 (2)0.5 m12.解析：作出物体A 受力如图21所示，由平衡条件F y ＝F sin θ＋F 1sin θ－mg ＝0①F x ＝F cos θ－F 2－F 1cos θ＝0②由①②式分别得F ＝mgsin θ－F 1③ F ＝F 22cos θ＋mg2sin θ④ 要使两绳都能绷直，则有F 1≥0⑤F 2≥0⑥由③⑤式得F 有最大值F max ＝mgsin θ＝4033N.由④⑥式得F 有最小值F min ＝mg 2sin θ＝2033N 综合得F 的取值范围2033N ≤F ≤4033N. 答案：2033N ≤F ≤4033N。
高三物理上学期第4周周测试卷
咐呼州鸣咏市呢岸学校市一中高三〔上〕第4周周测物理试卷一、选择题：此题共11小题，每题6分．在每题给出的四个选项中．第l～7题只有一项符合题目要求．第8～11题有多项符合题目要求．选对的得6分．选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．关于牛顿第一律，以下说法正确的选项是〔〕A．牛顿第一律是一条律B．牛顿第一律说明了力是改变物体运动状态的原因C．惯性律和惯性的实质是相同的D．物体的运动需要力来维持2．如图，A、B两物块叠放在一起，以相同的初速度上抛〔不计空气阻力〕．以下说法正确的选项是〔〕A．在上升和下降过程中A物体对B物体的压力一为零B．上升过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力C．下降过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力D．在上升和下降过程中A对B的压力于A物体受到的重力3．如下图，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向左运动时，物体M的受力和运动情况是〔〕A．绳的拉力于M的重力B．绳的拉力大于M的重力C．物体M向上匀速运动D．物体M向上匀加速运动4．如下图，甲、乙两同学从O点出发，分别沿直线游到A点和B点后，立即沿原路线返回到O点，OA、OB 分别与水流方向平行和垂直，且OA=OB．假设水流速度不变，两人在靜水中游速相，那么他们所用时间t甲、t乙的大小关系为〔〕A．t甲＜t乙B．t甲=t乙C．t甲＞t乙D．无法确5．如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B〔长木板足够长〕的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为常数．假设物体之间的滑动摩擦力〔f〕的大小于最大静摩擦力，且A、B的质量相，那么以下图中可以性地描述长木板B运动的v ﹣t图象的是〔〕A．B．C．D．6．如下图，水平面上有一A，通过滑轮用绳子拉同一水平面的物体B，当拉至图示位置时，两绳子与水平面的夹角分别为α、β，二者速度分别为v A和v B，那么〔〕A．v A：v B=1：1 B．v A：v B=sinα：sinβC．v A：v B=cosβ：cosαD．v A：v B=sinα：cosβ7．一带有乒乓球发射机的乒乓球台如下图，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，假设乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择适宜的方向，就能使乒乓球落到球右侧台面上，到v的最大取值范围是〔〕A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜8．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，那么这只船〔〕A．过河时间不可能小于10 s B．不能沿垂直于河岸方向过河C．小船在最大速度为7m/s D．不可能渡过这条河9．如下图，当正方形薄板绕着过其中心O并与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的〔〕A．角速度之比ωA：ωB=1：1 B．角速度之比ωA：ωB=1：C．线速度之比v A：v B=：1 D．线速度之比v A：v B=1：10．如图，两个质量均为m的小木块a和b〔可视为质点〕放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b 与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g，假设圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速运动，用ω表示圆盘转动的角速度，以下说法正确的选项是〔〕A．b一比a先开始滑动B．a，b所受的摩擦力始终相C．当ω=时，b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg11．如下图，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R．一个小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，那么以下判断正确的选项是〔〕A．v0越大，小球落在圆环时的时间越长B．即使v0取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角不相同C．假设v0取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环二、非选择题〔共3小题，总分值44分〕12．某同学利用图〔a〕所示装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对关系图．如图〔b〕所示．中小车〔含发射器〕的质量为200g，时选择了不可伸长的轻质细绳和轻滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到．答复以下问题：〔1〕根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成〔填“线性〞或“非线性〞关系．〔2〕由图〔b〕可知，a﹣m图线不经过原点，可能的原因是存在．〔3〕假设利用本装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比〞的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，那么实脸中采取的改良措施是，钩码的质量满足的条件是．13．拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具〔如图〕．设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g，某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ．〔1〕假设拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．〔2〕设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ．存在一临界角θ0，假设θ≤θ0，那么不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切tanθ0．14．如下图，一质量为m B=2kg，长为L=6m的薄木板B放在水平面上，质量为m A=2kg的物体A〔可视为质点〕在一电动机拉动下从木板左端以v0=5m/s的速度向右匀速运动．在物体带动下，木板以a=2m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，此时牵引物体的轻绳的拉力F=8N．各接触面间的摩擦因数恒，重力加速度g 取l0m/s2，那么〔1〕经多长时间物体A滑离木板？〔2〕木板与水平面间的动摩擦因数为多少？〔3〕物体A滑离木板后立即取走物体A，木板能继续滑行的距离为多少？市一中高三〔上〕第4周周测物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：此题共11小题，每题6分．在每题给出的四个选项中．第l～7题只有一项符合题目要求．第8～11题有多项符合题目要求．选对的得6分．选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．关于牛顿第一律，以下说法正确的选项是〔〕A．牛顿第一律是一条律B．牛顿第一律说明了力是改变物体运动状态的原因C．惯性律和惯性的实质是相同的D．物体的运动需要力来维持【考点】牛顿第一律．【分析】牛顿第一律是在的根底上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态．【解答】解：A、牛顿第一律是在的根底上进一步的推理概括出来的理论，而不是直接通过得出的；故A错误；B、由牛顿第一律可知，当物体不受力或受平衡力时，物体将处于静止状态或匀速直线运动状态，因此力是改变物体运动状态的原因；故B正确；C、惯性是由惯性律〔牛顿第一运动律〕所推导出来的物体本身所具有的一种性质，它们的含义并不是完全相同的，故C错误；D、由牛顿第一律可得，力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因；故D错误；应选：B．【点评】牛顿第一律是重要的力学律，也叫惯性律，揭示了力与运动的关系，即力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因．2．如图，A、B两物块叠放在一起，以相同的初速度上抛〔不计空气阻力〕．以下说法正确的选项是〔〕A．在上升和下降过程中A物体对B物体的压力一为零B．上升过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力C．下降过程中A物体对B物体的压力大于A物体受到的重力D．在上升和下降过程中A对B的压力于A物体受到的重力【考点】竖直上抛运动；物体的弹性和弹力．【分析】把AB看成一个整体，整体做竖直上抛运动，因为不计空气阻力，整体的加速度为g，方向向下．然后把A作为研究对象，对其受力分析，就可以得出结论．【解答】解：以A、B整体为研究对象：在上升和下降过程中仅受重力，由牛顿第二律知加速度为g，方向竖直向下．再以A为研究对象：因加速度为g，方向竖直向下，由牛顿第二律知A所受合力为A的重力，所以A仅受重力作用，即A和B之间没有作用力，所以在上升和下降过程中A物体对B物体的压力一为零．故A正确，BCD错误；应选：A．【点评】此题是整体法和隔离法的用，整体跟的运动情况相同，可以通过计算整体的加速度来确的加速度，再对进行受力分析，得出最终结论．也可以根据失重的观点进行分析．3．如下图，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向左运动时，物体M的受力和运动情况是〔〕A．绳的拉力于M的重力B．绳的拉力大于M的重力C．物体M向上匀速运动D．物体M向上匀加速运动【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度于M的速度，根据M的运动情况得出M的加速度方向，从而根据牛顿第二律求出拉力和重力的大小关系．【解答】解：设绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度于M的速度，根据平行四边形那么得，v M=vcosθ，车子在匀速向左的运动过程中，绳子与水平方向的夹角θ减小，所以M的速度增大，M做变加速运动，根据牛顿第二律有：F﹣mg=ma，知拉力大于重力．故B正确，A、C、D错误．应选：B．【点评】解决此题的关键会对小车的速度进行分解，知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度．4．如下图，甲、乙两同学从O点出发，分别沿直线游到A点和B点后，立即沿原路线返回到O点，OA、OB 分别与水流方向平行和垂直，且OA=OB．假设水流速度不变，两人在靜水中游速相，那么他们所用时间t甲、t乙的大小关系为〔〕A．t甲＜t乙B．t甲=t乙C．t甲＞t乙D．无法确【考点】运动的合成和分解．【专题】计算题．【分析】甲、乙两同学实际的速度是静水中的游速与水流速度的合速度，设游速为v，水速为v0根据速度合成可知：甲游到A点的速度为v+v0，游回的速度为v﹣v0；乙来回的速度都为．明确了各自的合速度后，再用匀速直线运动规律求出时间进行比拟．【解答】解：设游速为v，水速为v0，OA=OB=l，那么甲整个过程所用时间：=，乙为了沿OB运动，速度合成如图：那么乙整个过程所用时间：=，∵∴t甲＞t乙，∴选C正确，选项A、B、D错误．应选：C．【点评】此题考查运动的合成〔主要是速度的合成〕和匀速运动规律，运用速度合成的矢量平行四边形法那么求出各自的合速度是关键．5．如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B〔长木板足够长〕的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为常数．假设物体之间的滑动摩擦力〔f〕的大小于最大静摩擦力，且A、B的质量相，那么以下图中可以性地描述长木板B运动的v ﹣t图象的是〔〕A．B．C．D．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】当F较小时，AB整体具有共同的加速度，二者相对静止，当F较大时，二者加速度不同，将会发生相对运动，此后A做变加速直线，B匀加速直线运动，为了求出两物体开始别离的时刻，必须知道别离时F的大小，此时采用整体法和隔离法分别列牛顿第二律的方程即可【解答】解：选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二律得：a1=对B用牛顿第二律：a1=对A用牛顿第二律：a1=经历时间：t=由以上解得：t=此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线应选B【点评】当两者相对运动后，B将受恒力作用，做匀加速运动，可排除C、D选项，A、B选项的差异在于恰好相对运动的时刻，就需分别采用隔离法和整体法分别列方程了，也可以采用反证法，看看当F=f时是否相对滑动？所以，要注意总结解题方法6．如下图，水平面上有一A，通过滑轮用绳子拉同一水平面的物体B，当拉至图示位置时，两绳子与水平面的夹角分别为α、β，二者速度分别为v A和v B，那么〔〕A．v A：v B=1：1 B．v A：v B=sinα：sinβC．v A：v B=cosβ：cosαD．v A：v B=sinα：cosβ【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】分别对A、B物体速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，根据三角函数关系及沿着绳子方向速度大小相，可知两物体的速度大小关系．【解答】解：对A物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，那么有沿着绳子方向的速度大小为v A cosα；对B物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，那么有沿着绳子方向的速度大小为v B cosβ，由于沿着绳子方向速度大小相，所以那么有v A cosα=v B cosβ，因此ABD错误，C正确；应选：C．【点评】考查对物体进行运动的分解，涉及到平行四边形那么与三角函数知识，同时此题的突破口是沿着绳子的方向速度大小相．7．一带有乒乓球发射机的乒乓球台如下图，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，假设乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择适宜的方向，就能使乒乓球落到球右侧台面上，到v的最大取值范围是〔〕A．＜v＜L1 B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】球要落在右侧台面上，临界情况是与球恰好不相撞，还有与球台边缘相碰，根据高度求出平抛运动的时间，根据几何关系求出最小的水平位移和最大的水平位移，从而得出最小速度和最大速度．【解答】解：假设球与恰好不相碰，根据3h﹣h=得，，水平位移的最小值，那么最小速度．假设球与球台边缘相碰，根据3h=得，，水平位移的最大值为x max=，那么最大速度，故D正确，A、B、C错误．应选：D．【点评】解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住临界情况，结合运动学公式灵活求解，难度中．8．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，那么这只船〔〕A．过河时间不可能小于10 s B．不能沿垂直于河岸方向过河C．小船在最大速度为7m/s D．不可能渡过这条河【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间．通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸．【解答】解：A、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间为t==s=10s，因水流速度大于船在静水中的速度，所以过河时间不可能小于10s．故A正确，B、根据平行四边形那么，由于静水速小于水流速，那么合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸．故B正确；C、根据速度的合成，那么有船在最大速度为7m/s，故C正确．D、当静水速与河岸不平行，那么船就能渡过河，故D错误；应选：ABC．【点评】小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的时性、性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度．9．如下图，当正方形薄板绕着过其中心O并与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的〔〕A．角速度之比ωA：ωB=1：1 B．角速度之比ωA：ωB=1：C．线速度之比v A：v B=：1 D．线速度之比v A：v B=1：【考点】线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度．根据v=rω得出线速度之比．【解答】解：A、板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度．即角速度之比ωA：ωB=1：1，故A正确，B错误C、根据几何关系得板上A、B的轨道半径之比为1：所以线速度之比v A：v B=1：，故C错误，D正确应选AD．【点评】解该题要掌握绕同一个转轴转动的物体具有相同的角速度以及线速度与角速度的关系．10．如图，两个质量均为m的小木块a和b〔可视为质点〕放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b 与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g，假设圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速运动，用ω表示圆盘转动的角速度，以下说法正确的选项是〔〕A．b一比a先开始滑动B．a，b所受的摩擦力始终相C．当ω=时，b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，而所需要的向心力大小由物体的质量、半径和角速度决．当圆盘转速增大时，提供的静摩擦力随之而增大．当需要的向心力大于最大静摩擦力时，物体开始滑动．因此是否滑动与质量无关，是由半径大小决．【解答】解：A、B、两个木块的最大静摩擦力相．木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，由牛顿第二律得：木块所受的静摩擦力f=mω2r，m、ω相，f∝r，所以b所受的静摩擦力大于a的静摩擦力，当圆盘的角速度增大时b的静摩擦力先到达最大值，所以b一比a先开始滑动，故A正确，B错误；C、当b刚要滑动时，有kmg=mω2•2l，解得：ω=，故C正确；D、以a为研究对象，当ω=时，由牛顿第二律得：f=mω2l，可解得：f=，故D错误．应选：AC．【点评】此题的关键是正确分析木块的受力，明确木块做圆周运动时，静摩擦力提供向心力，把握住临界条件：静摩擦力到达最大，由牛顿第二律分析解答．11．如下图，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R．一个小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，那么以下判断正确的选项是〔〕A．v0越大，小球落在圆环时的时间越长B．即使v0取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角不相同C．假设v0取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的时间由下降的高度决．采用假设法，假设小球垂直撞击的BC段，通过速度方向的夹角与位移与水平方向的夹角关系进行分析．【解答】解：A、小球的初速度v0越大，下降的高度不一大，平抛运动的时间不一长．故A错误．B、平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，初速度不同，位移与水平方向方向夹角不同，那么速度与水平方向夹角不同．故B正确．CD、假设小球与BC段垂直撞击，设此时速度与水平方向的夹角为θ，知撞击点与圆心的连线与水平方向的夹角为θ．连接抛出点与撞击点，与水平方向的夹角为β．根据几何关系知，θ=2β．因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，即tanα=2tanβ．与θ=2β相矛盾．那么不可能与半圆弧垂直相撞．故C错误，D正确．应选：BD【点评】解决此题的关键知道平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍这一推论，并能灵活运用．二、非选择题〔共3小题，总分值44分〕12．某同学利用图〔a〕所示装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对关系图．如图〔b〕所示．中小车〔含发射器〕的质量为200g，时选择了不可伸长的轻质细绳和轻滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到．答复以下问题：〔1〕根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成非线性〔填“线性〞或“非线性〞关系．〔2〕由图〔b〕可知，a﹣m图线不经过原点，可能的原因是存在存在摩擦力．〔3〕假设利用本装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比〞的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，那么实脸中采取的改良措施是调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，钩码的质量满足的条件是远小于小车的质量．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】题；牛顿运动律综合专题．【分析】该的研究对象是小车，采用控制变量法研究．当质量一时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系．为消除摩擦力对的影响，可以把木板的右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．【解答】解：〔1〕根据该同学的结果得出a﹣m图线是曲线，即小车的加速度与钩码的质量成非线性关系；〔2〕从上图中发现直线没过原点，当a=0时，m≠0，即F≠0，也就是说当绳子上拉力不为0时，小车的加速度为0，所以可能的原因是存在摩擦力．〔3〕假设利用本来验证“小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比〞的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，那么中采取的改良措施是：①调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，即使得绳子上拉力于小车的合力．②根据牛顿第二律得，整体的加速度a=，那么绳子的拉力F=Ma=，知钩码的质量远小于小车的质量时，绳子的拉力于钩码的重力，所以钩码的质量满足的条件是远小于小车的质量．故答案为：〔1〕非线性；〔2〕存在摩擦力；〔3〕调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力；远小于小车的质量．【点评】该是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于我们要清楚每一项操作存在的理由．比方为什么要平衡摩擦力，这样问题我们要从原理和减少误差方面去解决．13．拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具〔如图〕．设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g，某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ．〔1〕假设拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．〔2〕设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ．存在一临界角θ0，假设θ≤θ0，那么不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切tanθ0．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】压轴题；共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕对拖把头受力分析，抓住竖直方向和水平方向合力为零，运用正交分解求出推力F的大小．〔2〕当推力F的水平分力小于于最大静摩擦力时，不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．结合第1问的结果，得到λ的表达式，采用极限法：当F无限大时的情况求解tanθ0．【解答】解：〔1〕拖把头受到重力、支持力、推力和摩擦力处于平衡，设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把．将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，按平衡条件有竖直方向上：Fcosθ+mg=N ①水平方向上：Fsinθ=f ②式中N和f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力．按摩擦律有f=μN ③联立①②③式得④〔2〕假设不管沿拖杆方向用多大的力不能使拖把从静止开始运动，有Fsinθ≤λ N ⑤这时①式仍满足．联立①⑤式得sinθ﹣μcosθ≤λ⑥现考察使上式成立的θ角的取值范围．注意到上式右边总是大于零，且当F无限大时极限为零，有sinθ﹣λcosθ≤0 ⑦。
高三物理周考测试题四
5101520255 10 t / sv / ms -1a b5101525510t / s v / ms -1ab5101520255 10t / sv / ms -1a b510152025 510 t / sv / ms -1a b 准兑市爱憎阳光实验学校一中高三物理周考测试题四一、选择题〔每题5分共50分， 1、以下说法正确的选项是〔 〕 A 、质点、位移都是理想化模型 B 、牛顿的三个律都可以通过来验证C 、单位m 、kg 、s 是一组属于单位制的根本单位D 、牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因2、物体自O 点由静止开始做匀加速直线运动，A 、B 、C 、D 是轨迹上的四点，测得AB=2m ，BC=3m ，CD=4m 。
且物体通过AB 、BC 、CD 所用时间相，那么OA 间的距离为A 、1mB 、0.5mC 、98m D 、2m3、两辆游戏赛车a 、b 在两条平行的直车道上行驶。
t =0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始。
它们在四次比赛中的v —t 图如下图。
哪些图对的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆〔 〕A 、B 、 D 、C 、4、两物体M 、m 用跨过光滑滑轮的轻绳相连，如图放置，OA 、OB 与水平面的夹角分别为30°、60°，物体M 的重力大小为20N ，M 、m 均处于静止状态，那么〔 〕A 、绳OA 对M 的拉力大小为103 NB 、绳OB 对M 的拉力大小为10 NC 、m 受到水平面的静摩擦力大小为103ND 、m 受到水平面的静摩擦力的方向水平向左 5、如下图， =32粗糙斜面的倾角为30°，轻绳通过两个滑轮与A 相连，轻绳的另外一端固于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦。
物体A 的质量为m ，不计滑轮的质量，挂上物体B 后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A 、B 恰能保持静止且A 所受摩擦力沿斜面向下，那么物体B 的质量为 A 、22m B 、524m C 、m D 、2m6、如下图，一物体恰能在一个斜面体上沿斜面匀速下滑，设此过程中斜面体受到水平地面的摩擦力为1f 。
高三物理下学期第四次周考试题
咐呼州鸣咏市呢岸学校一中2021–2021高三下学期第四次周考物理试卷1．一种测风力的仪器原理如下图，它的细长金属直杆一端固于悬点O ，另一端悬挂着一个质量为m 金属球。
无风时，金属直杆自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属直杆将偏离竖直方向一角度θ，风力越大，偏角越大。
以下关于风力F 与偏角θ小球质量m 之间的关系式正确的选项是〔 〕A ．F = mgsinθ B．F = mgcosθ C．F = mgtanθ D．F = mgcotθ 1.【答案】 C【解析】 对小球受力分析，如题图所示，三力平衡，由几何关系可得F = mgtanθ。
此题答案为C 。
2.设地球同步卫星离地面的距离为 R ，运行速率为 v ，加速度为 a ，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为 a ０，第一宇宙速度为 v ０，地球半径为 R 0．那么以下关系式正确的选项是A ．a a 0=R R 0B ．a a 0=R 0RC ．v v 0=R 0R +R 0D ．v v 0=R +R 0R 02.【答案】C【解析】地球同步卫星与地球赤道上随地球自转的物体角速度相，由a=ω2r ，选项A 、B 错误；第一宇宙速度为近地卫星的速度，由G rv m r Mm 22=得r GM v =，可知v 与r 成反比，选项C 正确、D错3.一皮带传送装置如右图所示，皮带的速度v 足够大，轻弹簧一端固，另一端连接一个质量为m 的滑块，滑块与皮带之间存在摩擦，当滑块放在皮带上时，弹簧的轴线恰好水平，假设滑块放到皮带的瞬间，滑块的速度为零，且弹簧正好处于自由长度，那么当弹簧从自由长度到第一次达最长这一过程中，物体的速度和加速度变化的情况是 〔 〕A ．速度增大，加速度增大B ．速度增大，加速度减小C ．速度先增大后减小，加速度先增大后减小 3.【答案】D【解析】滑块在水平方向受向左的滑动摩擦力F f 和弹簧向右的拉力kx ，合力F 合=F f -kx=ma ，而x 逐渐增大，所以加速度a 先减小后反向增大，速度先增大后减小。
重庆万州实验中学高三物理周周练(4)
万州实验中学高三物理周周练(4)第一部分（选择题共60分）一、本题共10小题；每小题6分，共60分. 在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.1、在下列各项中，属于卢瑟福原子核式结构学说内容的是：（）A、原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里B、带负电的电子在核外空间绕着核旋转C、原子核是由质子和中子组成的D、原子核具有天然放射性2、一定质量的理想气体，经过不同过程从状态l变化到状态II，己知状态II的温度高于状态Ⅰ温度，则这些状态变化过程中( )A、气体一定都从外界吸收热量B、气体和外界交换的热量一定都相同C、气体的内能变化量一定相同D、外界对气体做的功一定相同3、用一束绿光照射某金属能产生光电效应，现改变入射光的条件再照射这种金属，下列说法正确的是( )A、把这柬绿光遮住一半，则可能不产生光电效应B、把这束绿光遮住一半．产生光电子的最大初动能将减小C、若改用一束红光照射，则仍能产生电效应D、若改用蓝光照射，则产生的光电子的最大初动能将增大4、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0时的波形如图所示，已知这列波在P点依次出现两个波峰的时间间隔为0.4s，则下列说法中正确的是：（）A、这列波的波速是10m/sB、质点P在1s内所通过的路程是1m，1s末质点P具有向y正向振动的最大速度C、从图示情况开始，再经过0.7s，质点Q第一次到达波峰D、当波传到Q点以后，P、Q两质点的振动情况始终相同5、如图所示，一根长导线弯曲成“п”，通以直流电I，正中间用绝缘线悬挂一金属环C，环与导线处于同一竖直平面内，在电流I增大的过程中，下列叙述正确的是：（）A、金属环中无感应电流产生B、金属环中有逆时针方向的感应电流C、悬挂金属环C的竖直线中拉力变大D、金属环C一定仍保持静止状态6、如图所示电路中，已知电流表A中没有电流，欲保持电流表中仍没有电流，则下列改变中可行的是：（）A、只增加R1的值B、只减少R2的值C、只增加R3的值D、只增加R4的值7、“黑洞”是近代引力理论所预言的宇宙中一种特殊天体，在“黑洞”引力作用范围内，任何物体都不能脱离它的束缚，甚至连光也不能射出。
江苏省高邮中学高三物理周周练四(a卷)
江苏省高邮中学高三物理周周练四（A 卷）第一卷(选择题共40分)一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1、一物体在几个力作用下匀速直线运动，当与速度方向相反的一个力逐渐变小（其它力不变），物体的：[ ]A 、加速度减小，速度减小B 、加速度和位移都增大C 、加速度和速度都增大D 、加速度不变，速度增大2．物体做匀变速直线运动，已知在时间t 内通过的位移为s ，则（ ） A 、可求出物体在时间t 内的平均速度 B 、可求出物体的加速度C 、求出物体经过t/2时的速度D 、可求出物体通过s/2时的速度 3、如图所示，木块A 、B 用轻弹簧相连，放在悬挂的木箱C 内，处于静止状态，它们的质量之比是1：2：3。
当剪断细绳的瞬间，各物体的加速度大小是： [ ]A 、0，0，0B 、0，0，gC 、0，1.2g ，1.2gD 、0，1.2g ，g4、假如一人造地球卫星做圆周运动的轨道半径增大到原来的2倍，仍做圆周运动。
则 [ ]A.根据公式V=rω可知卫星的线速度将增大到原来的2倍B.根据公式F=mv2/r,可知卫星所受的向心力将变为原来的1/2C.根据公式F=GMm/r2,可知地球提供的向心力将减少到原来的1/4D.根据上述B 和C 给出的公式,可知卫星运动的线速度将减少到原 5、在一段半径为R 的圆孤形水平弯道上,已知弯道路面对汽车轮胎的最大静摩擦力等于车重的μ倍,则汽车拐弯时的安全速度是 [ ]6、一个小孩在蹦床上做游戏，他从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，小孩从高处开始下落到弹回的整个过程中，他的运动速度随时间变化的图象如图所示，图中oa 段和cd 段为直线一段，则从图象可知：小孩和蹦床相接触的时间段为（ ） A t2~t4 B t1~t4 C t1~t5 D t2~t57、如图所示，在光滑水平面上有一质量为M 的斜C劈，其斜面倾角为，一质量为m 的物体放在其光滑斜面 上，现用一水平力F 推斜劈，恰使物体m 与斜劈间无相对滑动，则斜劈对物块m 的弹力大小为[]8、如图所示，重G1的人用轻绳绕过定滑轮拉一重为G2的物体，斜绳的倾角为α，物体正在匀速下降，则： A 、 轮对轴的压力21sin G G N +=α，方向竖直向下 B 、人对绳的拉力小于2GC 、人对地的压力一定小于1G 大于2GD 、地对人的摩擦力等于αcos 2G9、匀速上升的升降机顶部悬有一轻质弹簧，弹簧下端挂有一小球，若升降机突然停止，在地面上观察者看来，小球在继续上升的过程中①速度逐渐减小 ②速度先增大后减小 ③加速度逐渐增大 ④加速度逐渐减小 A.①③ B.①④ C.②③ D.②④10、如图所示,在竖直平面内,有一光滑圆形轨道,AB 为其水平方向的直经,甲、乙两球同时以同样大小的 速度从A 点出发,沿轨道内表面按图示方向运动到B,运动中均不脱离圆轨道,则下列说法正确的是 [ ] A.甲球先到达B B.乙球先到达BC.两球同时到达BD.若两球质量相等则同时到达B第二卷(非选择题共110分)二、本题共3小题，共20分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答． 11、在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学写了以下的实验步骤，你认为哪些步骤有疏漏或错误，请你补充或改正。
高三物理周考四试题(动量电场)
高三物理周考四试题一、选择题（每小题6 分，共30 分）1、一质量为 m 的物体放在光滑水平面上，今以恒力 F 沿水平方向推该物体，在相同的时间间隔内，下列说法正确的是A ．物体的位移相等B ．物体动能的变化量相等C ．F 对物体做的功相等D ．物体动量的变化量相等2、如图所示，质量为M 的斜面放在光滑的水平面上，质量为m 的物体由静止开始从斜面的顶端滑到底端，在这过程中（ ）Ａ．M 、m 组成的系统满足动量守恒Ｂ．m 对M 的冲量等于M 的动量变化Ｃ．m 、M 各自的水平方向动量的增量的大小相等 Ｄ．M 对m 的支持力的冲量为零3、如图,两滑块A 、B 在光滑水平面上沿同一直线相向运动,滑块A 的质量为m,速度大小为2v 0,方向向右,滑块B 的质量为2m,速度大小为v 0,方向向左,两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是 ( )A.A 和B 都向左运动B.A 和B 都向右运动C.A 静止,B 向右运动D.A 向左运动,B 向右运动4、如图所示，MON 是固定的光滑绝缘直角杆，MO 沿水平方向，NO 沿竖直方向，A 、B 为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球，用一指向竖直杆的水平力F 作用在A 球上，使两球均处于静止状态。
现将A 球向竖直杆方向缓慢拉动一小段距离后，A 、B 两小球可以重新平衡。
则后一种平衡状态与前一种平衡状态相比较，下列说法正确的是( )A ．A 、B 两小球间的库仑力变大 B ．A 、B 两小球间的库仑力变小C ．A 球对MO 杆的压力变大D ．A 球对MO 杆的压力变小5、真空中有甲、乙两个点电荷相距为r ，它们间的静电引力为F ．若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的，它们间的距离变为2r ，则它们间的静电引力将变为（ ）A ．B ．C ．D ．二、多项选择（每小题6 分，共18 分）6、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A 点飞向B 点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（ ）A．粒子带正电 B．粒子在A点加速度小C．粒子在B点动能大 D．A、B两点相比，B点电势较低7、一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动的轨迹如图虚线所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断（）A．此粒子由a到b，电场力做正功，由b到c，粒子克服电场力做功B．粒子在b点的电势能一定大于在a点的电势能C．粒子在c点的速度和在a点的速度大小相等D．等势面a比等势面b的电势高8、如图所示平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A．带点油滴将沿竖直方向向下运动B．P点的电势将降低C．带电油滴在P点的电势能将减少D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大三、实验,探究题（每空 2分，共16 分）9、(2016·马鞍山模拟)某同学用如图甲所示装置做“探究合力的功与动能改变量的关系”的实验，他通过成倍增加位移的方法来进行验证。
高三物理上学期第四次周测试卷
咐呼州鸣咏市呢岸学校一中高三〔上〕第四次周测物理试卷一、选择题〔共12小题，1---9题单项选择，10---12题多项选择〕1．关于同一电场的电场线，以下表述正确的选项是〔〕A．电场线是客观存在的B．电场线越密，电场强度越小C．沿着电场线方向，电势越来越低D．电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小2．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知〔〕A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=63．空间有平行于纸面的匀强电场，一电荷量为﹣q的质点〔重力不计〕，在恒拉力F的作用下沿虚线由M 匀速运动到N，如下图，力F和MN间夹角为θ，MN间距离为d，那么〔〕A．MN两点的电势差为B．匀强电场的电场强度大小为C．带电小球由M运动到N的过程中，电势能减少了FdcosθD．假设要使带电小球由N向M做匀速直线运动，那么F必须反向4．如下图的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，以下说法正确的选项是〔〕A．电流表读数变小，电压表读数变大B．小电泡L变暗C．电容器C上电荷量减小D．电源的总功率变小5．据信息产业部在7月底公布的最统计，上半年，国产品牌的国内市场占有率比去年猛升11%，到达58%的份额．如下图的是某品牌电池上的文字说明，由此可知该电池的电动势和所储存的最大电能是〔〕A．V 9.07×103J B．V 9.07×103JC．V 9×103J D．V 9×103J6．一平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为，其中ε0是常量．对此电容器充电后断开电源．当增加两板间距时，电容器极板间〔〕A．电场强度不变，电势差变大 B．电场强度不变，电势差不变C．电场强度减小，电势差不变 D．电场强度较小，电势差减小7．如图，平行金属板A、B水平正对放置，分别带量异种电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么〔〕A．假设微粒带正电，微粒从P到Q电场力一做正功B．假设微粒带负电，微粒从P到Q电场力一做正功C．微粒从P运动到Q动能一增加D．微粒从P运动到Q机械能一增加8．如下图，地面上某区域存在着竖直向下的匀强电场，一个质量为m的带负电的小球以水平方向的初速度v0由O点射入该区域，刚好通过竖直平面中的P点，连线OP与初速度方向的夹角为45°，那么此带电小球通过P点时的动能为〔〕A．mv02B． mv02C．2mv02D． mv029．来自宇宙的质子流，以与地球外表垂直的方向射向赤道上空的某一点，那么这些质子在进入地球周围的空间时，将〔〕A．竖直向下沿直线射向地面B．相对于预地点，稍偏转C．相对于预地点，稍向西偏转D．相对于预地点，稍向北偏转10．如图为静电除尘器除尘机理的示意图．尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以到达除尘的目的．以下表述正确的选项是〔〕A．到达集尘极的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D．同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大11．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线的电流为I，导线中自由电子向移动的平均速率为v．假设将导线均匀拉长，使它的横截面的半径变为原来的，再给它两端加上电压U，那么〔〕A．通过导线的电流为B．通过导线的电流为C．导线中自由电子向移动的速率为D．导线中自由电子向移动的速率为12．如下图，下端封闭、上端开口、内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有一带电的小球，整个装置在水平外力F的作用下，垂直于磁场方向进入，玻璃管在磁场中向右匀速运动最终小球从上端口飞出，关于带电小球及其在离开试管前的运动，以下说法中正确的选项是，那么〔〕A．小球带正电B．小球做平抛运动C．洛伦兹力对小球做正功D．维持试管匀速运动的拉力F逐渐增大二、：13．在“测电源的电动势和内阻〞的中，已连接好电路．〔1〕按如图甲所示的电路，把图乙中剩余的电路连接起来．〔2〕在图乙的电路中，为防止烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片置于端〔选填“A〞或“B〞〕．〔3〕图丙是根据数据作出的U﹣I图象，由图可知，电源的电动势E= V，内阻r= Ω三、计算题〔共40分〕14．如下图，两平行光滑金属导轨宽d，与电源连通，导轨平面与水平方向的夹角θ角，导轨上放置一质量为m的金属棒MN．当导体棒中通有电流I时，为使其能静止在导轨上，需在金属棒所在的空间加一匀强磁场．〔1〕如果导体棒MN静止在导轨上且对导轨无压力，那么所加的匀强磁场的磁感强度大小和方向如何？〔2〕假设要磁场的磁感强度最小，所加磁场方向如何？磁感强度最小值为多大？15．如下图，分布在半径为r的圆形区域内的匀强磁场，磁感强度为B．方向垂直纸面向里．电量为q，质量为m的带正电的粒子从磁场边缘A点沿圆的半径AO方向射入磁场，离开磁场时速度方向偏转了60°角．试确：〔1〕粒子做圆周运动的半径；〔2〕粒子的入射速度．16．如下图，匀强磁场的磁感强度方向竖直向上，一倾角为α=60°的光滑斜面上，静止一根长为L=1m，重G=3N，通有电流I=3A的金属棒．求：〔1〕匀强磁场的磁感强度大小；〔2〕导体棒对斜面的压力大小．17．如图甲所示，固在绝缘水平地面上的平行金属导轨间距为L1=0.5m，左端用导线相连．质量为m=0.1kg，电阻为R=0.1Ω的金属棒ab垂直导轨静止在导轨平面上，金属棒ab与导轨左端的距离L2=0.8m，金属棒与导轨间的动摩擦因数均为0.75，导与线导轨的电阻均不计．现将整个装置置于垂直于轨道平面竖直向上的磁场中，磁感强度随时间的变化关系如图乙所示．设金属棒与导轨间的最大静摩擦力于滑动摩擦力，忽略金属棒与导轨上电流之间的相互作用，g=10m/s2．求：〔1〕金属棒未出现滑动之前，通过金属棒ab中电流的大小和方向；〔2〕从t=0时刻开始到金属棒刚要发生滑动的过程中，金属棒产生的热量．一中高三〔上〕第四次周测物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共12小题，1---9题单项选择，10---12题多项选择〕1．关于同一电场的电场线，以下表述正确的选项是〔〕A．电场线是客观存在的B．电场线越密，电场强度越小C．沿着电场线方向，电势越来越低D．电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小【考点】电场线；电势．【分析】电场线是为了形象的描述电场强弱和方向引入的，并非实际存在的，电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线电势降低．【解答】解：A、电场线是人为引入，假象的线，并非真实存在的，故A错误；B、电场线的疏密表示场强的强弱，电场线密的地方电场强，疏的地方电场弱，故错误；C、沿电场线电势降低，电势的上下与电场线的疏密无关，故C正确；D、电势能的上下通过电场力做功来判断，沿电场线运动，电场力不一做正功，电势能不一减小，故D错误．应选C．2．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知〔〕A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=6【考点】库仑律．【分析】当两个完全相同的带同种电荷的小球接触后，它们的总电荷量将平分；如果两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小，从而可以求得n的数值．【解答】解：设1、2距离为R，那么球1、2之间作用力为：F=k，3与2接触后，它们带的电的电量平分，均为：，再3与1接触后，它们带的电的总电量平分，均为，将球3移至远处后，球1、2之间作用力为 F=k，有上两式解得：n=6，应选D．3．空间有平行于纸面的匀强电场，一电荷量为﹣q的质点〔重力不计〕，在恒拉力F的作用下沿虚线由M匀速运动到N，如下图，力F和MN间夹角为θ，MN间距离为d，那么〔〕A．MN两点的电势差为B．匀强电场的电场强度大小为C．带电小球由M运动到N的过程中，电势能减少了FdcosθD．假设要使带电小球由N向M做匀速直线运动，那么F必须反向【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势差；电势；电势能．【分析】根据题设条件F、d、θ，功的公式求出力F做功，根据动能理，可求出电场力做功，从而求出M、N间电势差；由公式U=Ed求出场强大小；电场力做负功，电势能增大；根据平衡条件，由N到M力F仍是原方向．【解答】解：A、根据动能理得，Fdcosθ﹣qU MN=0，U MN=，故A正确．B、电场线方向沿F方向，MN沿电场线方向距离为dcosθ，由公式E=得，E==，故B错误．C、小球M到N做﹣Fdcosθ的功，电势能增大Fdcosθ．故C错误．D、小球在匀强电场中受到的电场力恒不变，根据平衡条件，由N到M，F方向不变．故D错误．4．如下图的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，以下说法正确的选项是〔〕A．电流表读数变小，电压表读数变大B．小电泡L变暗C．电容器C上电荷量减小D．电源的总功率变小【考点】闭合电路的欧姆律．【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测路端电压；向右移动滑动变阻器滑片时，接入电路的电阻变小，根据闭合电路欧姆律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化．【解答】解：A、向右移动滑动变阻器滑片时，接入电路的电阻变小，根据闭合电路欧姆律可知电路中电流I增加，故路端电压U=E﹣Ir减小，故A错误；B、电路中电流I增加，故小灯泡变亮，故B错误；C、电容器两端电压U C=E﹣I〔r+R L〕，电路中电流I增加，故电容器两端电压减小，故电容器C上电荷量减小，故C正确；D、电路中电流I增加，故电源的总功率P=EI增加，故D错误；应选：C．5．据信息产业部在7月底公布的最统计，上半年，国产品牌的国内市场占有率比去年猛升11%，到达58%的份额．如下图的是某品牌电池上的文字说明，由此可知该电池的电动势和所储存的最大电能是〔〕A．V 9.07×103J B．V 9.07×103JC．V 9×103J D．V 9×103J【考点】电源的电动势和内阻．【分析】从铭牌上可以看出，该电池的电动势和电量，根据公式W=qU可求它充足电后所储存的电能．【解答】解：由铭牌可知，该电池的电动势E=V，储存总电荷量Q=600mA•h，根据电流做的功于消耗的电能，所以储存的最大电能E电能=W=QU=600×10﹣3×3600×J=92×103J．应选：D6．一平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为，其中ε0是常量．对此电容器充电后断开电源．当增加两板间距时，电容器极板间〔〕A．电场强度不变，电势差变大 B．电场强度不变，电势差不变C．电场强度减小，电势差不变 D．电场强度较小，电势差减小【考点】电容器的动态分析．【分析】通电后断开电容两板上的电荷量不变，由电容为C=，可知当d变化时C的变化；由C=可知两板间的电势差的变化；由E=可分析E的变化．【解答】解：因通电后断开，故两板上的带电量不变；增加d，那么C减小，那么电势差U增大；由公式C=和C=可得：U=，电场强度E==．故E与d无关，故电场强度不变；应选：A．7．如图，平行金属板A、B水平正对放置，分别带量异种电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么〔〕A．假设微粒带正电，微粒从P到Q电场力一做正功B．假设微粒带负电，微粒从P到Q电场力一做正功C．微粒从P运动到Q动能一增加D．微粒从P运动到Q机械能一增加【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】微粒在平行金属板间受到重力与电场力的作用，根据微粒运动轨迹与微粒受到的重力与电场力间的关系分析答题．【解答】解：A、微粒在极板间受到竖直向下的重力与电场力作用，由图示微粒运动轨迹可知，微粒向下运动，说明微粒受到的合力竖直向下，即重力与电场力的合力竖直向下；假设微粒带正电，由于电场方向未知，那么微粒受到的电场力可能向下，也可能向上，电场力可能做正功，也可能做负功，故A错误．B、同理，假设微粒带负电，微粒从P到Q电场力可能做正功，也可能做负功，故B错误．C、微粒受到的合力向下，微粒从M点运动到N点过程中合力做正功，微粒的动能一增加，故C正确；D、电场力做功决了机械能的变化，由于电场力可能做正功，也可能做负功，所以机械能可能增加，也可能减小，故D错误．应选：C．8．如下图，地面上某区域存在着竖直向下的匀强电场，一个质量为m的带负电的小球以水平方向的初速度v0由O点射入该区域，刚好通过竖直平面中的P点，连线OP与初速度方向的夹角为45°，那么此带电小球通过P点时的动能为〔〕A．mv02B． mv02C．2mv02D． mv02【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】小球在电场中受到重力和电场力而做类平抛运动，运用平均速度表示竖直位移，由水平位移和竖直位移大小相，求出P点竖直方向分速度，运用速度合成，求出P点的速度，再求出动能．【解答】解：由题可知：小球到P点时，水平位移和竖直位移相，即v0t=t，合速度v P==v0那么E kP=mv p2=mv02．应选D．9．来自宇宙的质子流，以与地球外表垂直的方向射向赤道上空的某一点，那么这些质子在进入地球周围的空间时，将〔〕A．竖直向下沿直线射向地面B．相对于预地点，稍偏转C．相对于预地点，稍向西偏转D．相对于预地点，稍向北偏转【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】质子带正电荷，进入地球周围空间后受到地磁场的作用力而偏转，地磁场的方向是由地理南极指向地理北极，结合左手那么可判断偏转方向．【解答】解：A：质子流受到地磁场作用力而偏转，故A错误；BCD：地磁场由南到北，质子带正电荷，由左手那么判断得质子将相对于预点稍偏转，故CD错误，B正确．应选：B10．如图为静电除尘器除尘机理的示意图．尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以到达除尘的目的．以下表述正确的选项是〔〕A．到达集尘极的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D．同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大【考点】* 静电的利用和防止．【分析】从静电除尘机理出发即可解题．由于集电极与电池的正极连接，电场方向有集尘板指向放电极．而尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积，说明尘埃带负电．负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反，根据F=Eq即可得出结论．【解答】解：A、尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积，说明尘埃带负电，故A错误；B、由于集尘极与电池的正极连接，电场方向有集尘板指向放电极，故B正确；C、负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反，故C错误；D、根据F=Eq可得，同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确．应选：BD．11．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线的电流为I，导线中自由电子向移动的平均速率为v．假设将导线均匀拉长，使它的横截面的半径变为原来的，再给它两端加上电压U，那么〔〕A．通过导线的电流为B．通过导线的电流为C．导线中自由电子向移动的速率为D．导线中自由电子向移动的速率为【考点】电阻律．【分析】横截面的半径变为原来的，可知面积变为原来的，由体积V=LS不变，可知长度变为原来的4倍，由电阻律的表达式：，可得变化后的电阻值．进而判各个选项．【解答】解：AB、横截面的半径变为原来的，可知面积变为原来的，由体积V=LS不变，可知长度变为原来的4倍．由电阻律的表达式：，可得变化后的电阻值为：由可知，电流变为．故A错误，B正确．CD、由电流的微观表达式：I=nqSv，可知，故C正确，D错误．应选：BC12．如下图，下端封闭、上端开口、内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有一带电的小球，整个装置在水平外力F的作用下，垂直于磁场方向进入，玻璃管在磁场中向右匀速运动最终小球从上端口飞出，关于带电小球及其在离开试管前的运动，以下说法中正确的选项是，那么〔〕A．小球带正电B．小球做平抛运动C．洛伦兹力对小球做正功D．维持试管匀速运动的拉力F逐渐增大【考点】洛仑兹力．【分析】判断出小球所受洛伦兹力的方向，然后由左手那么判断出小球带什么电．洛伦兹力不做功．对小球进行受力分析，根据小球的受力情况判断，由牛顿第二律求出加速度，判断加速度与速度如何变化，再分析小球运动的轨迹．【解答】解：A、小球从管口上端飞出，那么小球在玻璃管中所受洛伦兹力方向竖直向上，由图示可知磁场垂直于纸面向里，小球沿水平方向向右运动，由左手那么可知，小球带正电．故A正确．B、洛伦兹力方向总是与小球的速度方向垂直，对小球不做功，设小球竖直分速度为v y、水平分速度为v．以小球为研究对象，受力如下图，由于小球随玻璃管在水平方向做匀速直线运动，那么竖直方向的洛伦兹力F1=qvB是恒力，由牛顿第二律得：qvB﹣mg=ma，a=﹣g，小球的加速度不随时间变化，恒不变，即小球做匀变速运动，故合运动是类似平抛运动，故B错误，C错误；D、由对小球的受力分析可知，随小球速度的增大，小球受到的洛伦兹力沿运动方向的分量增大，所以试管对小球的支持力增大，所以维持试管匀速运动的拉力F逐渐增大，D正确．应选：AD二、：13．在“测电源的电动势和内阻〞的中，已连接好电路．〔1〕按如图甲所示的电路，把图乙中剩余的电路连接起来．〔2〕在图乙的电路中，为防止烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片置于 B 端〔选填“A〞或“B〞〕．〔3〕图丙是根据数据作出的U﹣I图象，由图可知，电源的电动势E= 0 V，内阻r= 1 Ω【考点】测电源的电动势和内阻．【分析】〔1〕由原理图将电流表与滑动变阻器串联，将电压表并联在电滑动变阻器及电流表两端，注意开关能控制整个电路；〔2〕滑动变阻器在开始时调节到使电路中电流最小的位置；〔3〕由图可知，图象由纵坐标的交点为电动势；由图象与横坐标的交点利用闭合电路欧姆律可求得内电阻及短路电流．【解答】解：〔1〕由原理图可知滑动变阻器为限流接法，电压表并联在滑动变阻器两端，由原理图连接实物图所示；〔2〕为保证平安，在开始时电路中电流为最小值，故滑动变阻器接入最大阻值，由图可知，滑动变阻器接入为左半；故滑片接到B端；〔3〕由U﹣I图可知，电源的电动势E=0V；当路端电压为1V时，电流为0.5A，那么由闭合电路欧姆律可知：r==1Ω；故答案为：〔1〕如下图；〔2〕B；〔3〕0；1；三、计算题〔共40分〕14．如下图，两平行光滑金属导轨宽d，与电源连通，导轨平面与水平方向的夹角θ角，导轨上放置一质量为m的金属棒MN．当导体棒中通有电流I时，为使其能静止在导轨上，需在金属棒所在的空间加一匀强磁场．〔1〕如果导体棒MN静止在导轨上且对导轨无压力，那么所加的匀强磁场的磁感强度大小和方向如何？〔2〕假设要磁场的磁感强度最小，所加磁场方向如何？磁感强度最小值为多大？【考点】磁场对电流的作用．【分析】根据受力分析，结合力的合成与分解，及安培力的表达式，即可求解．【解答】解：〔1〕导体棒对轨道无压力，MN所受安培力竖直向上，故磁场方向水平向右且：IdB=mg解得：B=〔2〕当安培力沿斜面向上时，安培力最小，磁感强度最小，方向垂直于斜面向下由力的分解，那么有IdB′=mgsinθ解得：B′=答：〔1〕如果导体棒MN静止在导轨上且对导轨无压力，那么所加的匀强磁场的磁感强度大小B=和方向水平向右；〔2〕假设要磁场的磁感强度最小，所加磁场方向垂直于斜面向下；磁感强度最小值为=．15．如下图，分布在半径为r的圆形区域内的匀强磁场，磁感强度为B．方向垂直纸面向里．电量为q，质量为m的带正电的粒子从磁场边缘A点沿圆的半径AO方向射入磁场，离开磁场时速度方向偏转了60°角．试确：〔1〕粒子做圆周运动的半径；〔2〕粒子的入射速度．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二律；向心力．【分析】〔1〕粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转60°角，那么知带电粒子轨迹对的圆心角也于60°，画出轨迹，由几何关系求出轨迹半径．〔2〕粒子在射入磁场中，由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，根据牛顿第二律求入射速度．【解答】解：〔1〕粒子离开磁场区域时速度方向偏转60°角，那么带电粒子轨迹对的圆心角也于60°，画出轨迹，如图，根据几何关系∴〔2〕设洛仑兹力提供向心力即有∴v=答：〔1〕粒子做圆周运动的半径为；〔2〕粒子的入射速度为．16．如下图，匀强磁场的磁感强度方向竖直向上，一倾角为α=60°的光滑斜面上，静止一根长为L=1m，重G=3N，通有电流I=3A的金属棒．求：〔1〕匀强磁场的磁感强度大小；〔2〕导体棒对斜面的压力大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用；安培力．【分析】先对金属棒进行受力分析，根据平衡条件列方程求解即可．【解答】解：〔1〕由左手那么知金属棒受水平向右的安培力，对金属棒进行受力分析，运用合成法，如图；由平衡条件得：F安=BIL=Gtanα那么B==T〔2〕由上图，根据三角函数关系知：N==6N答：〔1〕匀强磁场的磁感强度大小为T；〔2〕导体棒对斜面的压力大小为6N；17．如图甲所示，固在绝缘水平地面上的平行金属导轨间距为L1=0.5m，左端用导线相连．质量为m=0.1kg，电阻为R=0.1Ω的金属棒ab垂直导轨静止在导轨平面上，金属棒ab与导轨左端的距离L2=0.8m，金属棒与导轨间的动摩擦因数均为0.75，导与线导轨的电阻均不计．现将整个装置置于垂直于轨道平面竖直向上的磁场中，磁感强度随时间的变化关系如图乙所示．设金属棒与导轨间的最大静摩擦力于滑动摩擦力，忽略金属棒与导轨上电流之间的相互作用，g=10m/s2．求：〔1〕金属棒未出现滑动之前，通过金属棒ab中电流的大小和方向；〔2〕从t=0时刻开始到金属棒刚要发生滑动的过程中，金属棒产生的热量．【考点】导体切割磁感线时的感电动势；闭合电路的欧姆律；法拉第电磁感律；电磁感中的能量转化．【分析】〔1〕由图象结合法拉第电磁感律可得回路中的感电动势，由此可求ab棒的电流，由右手那么可判电流方向．〔2〕金属棒刚要滑动时，安培力于最大静摩擦力，由图象可得B与t的关系，可表示时间，进而由Q=I2Rt 可得产生的热量．【解答】解：〔1〕由图象可知磁场变化率为：由法拉第电磁感律可知： =0.5×0.5×0.8V=0.2V通过金属棒ab的电流为：由右手那么可知，电流方向由b向a．〔2〕金属棒刚要滑动时，由平衡条件可知：μmg=B t IL1由图象可知：所以：t=s由焦耳律可知，金属棒上产生的热量为：Q=I2Rt=22×0.1×=0.6J答：〔1〕金属棒未出现滑动之前，通过金属棒ab中电流的大小为2A，方向由b向a；〔2〕从t=0时刻开始到金属棒刚要发生滑动的过程中，金属棒产生的热量为0.6J．。
高三物理下学期周练试题(4)(23-24班)(2021年整理)
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江西省樟树市2017届高三物理下学期周练试题（4）(23—24班）一、选择题(本题共10小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1～5题只有一个选项正确,第8~10题有多选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分,有选错或不选的得0分)1．四个小球在离地面不同高度同时从静止释放，不计空气阻力，从开始运动时刻起,每隔相等的时间间隔小球依次碰到地面．如图所示,其中能反映出刚开始运动时各小球相对地面的位置的是( ）2．如图所示，足够长的水平传送带以v 0＝2 m/s 的速度匀速运动．t ＝0时刻，在左端轻放一质量为m 的小滑块,t ＝2 s 时刻传送带突然被制动而停止．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ＝0。
2.则t ＝2。
5 s 时滑块的速度为( ) A ．3 m/s B ．2 m/s C ．1 m/sD ．03.在竖直向上的拉力F 作用下,将货物由地面吊起,其运动的v 2－x 图象如图所示(取g ＝10 m/s 2)．则前 3 m 内与最后 2 m 内拉力的大小之比（ )A ．12∶7B ．22∶17C ．22∶23D ．18∶234．如图所示，在倾角为θ＝30°的光滑斜面上,物块A 、B 质量分别为m 和2m .物块A 静止在轻弹簧上面，物块B 用细线与斜面顶端相连，A 、B 紧挨在一起但A 、B 之间无弹力，已知重力加速度为g 。
2021年高三物理周练试题4(含解析)
2021年高三物理周练试题4（含解析）一．选择题（6分×8= 48分）1.如图甲所示，在平行板电容器A、B两极板间加上如图乙所示的交变电压，t=0时A板电势比B板高，两板中间静止一电子，设电子在运动过程中不与两板相碰撞，而且电子只受电场力作用，规定向左为正方向，则下列叙述正确的是（）A.若t=0时刻释放电子，则电子运动的v-t图线如图一所示，该电子一直向B板做匀加速直线运动B.若t=T/8时刻释放电子，则电子运动的v-t图线如图二所示，该电子一直向着B板匀加速直线运动C.若t=T/8时刻释放电子，则电子运动的v-t图如图三所示，该电子在2T时刻在出发点左边D.若t=3/8时刻释放电子，在2T时刻电子在出发点的右边2.如图甲，倾角为θ的光滑绝缘斜面，底端固定一带电量为Q的正点电荷．将一带正电小物块(可视为质点)从斜面上A点由静止释放，小物块沿斜面向上滑动至最高点B处，此过程中小物块的动能和重力势能随位移的变化图象如图乙(E1和E2为已知量)。
已知重力加速度为g，静电力常量为k，由图象可求出( ) A.小物块的带电量B.A、B间的电势差C.小物块的质量D.小物块速度最大时到斜面底端的距离3.如图所示，一对面积较大的平行板电容器水平放置，A、B两板带等量异种电荷，B板固定且接地，A板用绝缘线悬挂，P为两板中点．则（） A.A、B两板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向相同 B.若在两板间充满电介质，P点电势将升高 C.若将A板竖直向下平移一小段距离，电容器储存的电能增大 D.若将A板竖直向上平移一小段距离，线的拉力将变大4.阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A1、A2形成的，其中虚线为等势线，相邻等势线间电势差相等，z轴为该电场的中心轴线(管轴)。
电子束从左侧进入聚焦电场后，在电场力的作用下会聚到z轴上，沿管轴从右侧射出，图中PQR是一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则可以确定( ) A.电极A1的电势高于电极A2的电势B.电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C.电子在R点处的动能大于在P点处的动能D.若将一束带正电的粒子从左侧射入聚焦电场也一定被会聚5.如图所示，两个固定的相同细环相距一定的距离，同轴放置，O1、O2分别为两环的圆心，两环分别带有均匀分布的等量异种电荷．一带正电的粒子从很远处沿轴线飞来并穿过两环．则在带电粒子运动过程中（）A.在O1点粒子加速度方向向左 B.从O1到O2过程粒子电势能一直增加 C.轴线上O1点右侧存在一点，粒子在该点动能最小D.轴线上O1点右侧、O2点左侧都存在场强为零的点，它们关于O1、O2连线中点对称6.如图所示，在O点处固定一正电荷，在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q，小球下落的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆（图中实线所示）相交于B、C两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，A距离OC的竖直高度为h，若小球通过B点的速度为v，则下列说法中正确的是( )A.小球通过C点的速度大小是B.小球通过C点的速度大小是C.小球由A到C电场力做功是1/2mv2-mghD.小球由A到C机械能的损失是mg(h-R/2)-1/2mv27.真空中固定有两个相距2L的等量同种点电荷Q，带电粒子a和b 分别在这两个等量同种点电荷所产生的电场中做匀速圆周运动。
高三物理下学期周练试题(4班)_02
峙对市爱惜阳光实验学校高三物理下学期周练试题〔2〕〔23-24班〕一、选择题(此题共10小题,每题4分,共40分.在每题给出的五个选项中,有多个选项正确,选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不选的得0分) 1．以下说法正确的选项是( )A．一温度下，水的饱和汽的压强是一的B．改良内燃机结构，提高内燃机内能转化率，最终可能实现内能完全转化为机械能C．大颗粒的盐磨成了细盐，就变成了非晶体D．气体温度每升高1 K所吸收的热量与气体经历的过程有关E．大量气体分子做无规那么运动，速率有大有小，但分子的速率是按照一规律分布的2．如下图，密闭容器内的氢气温度与外界空气的温度相同，现对该容器缓慢加热，当容器内的氢气温度高于外界空气的温度时，那么( )A．氢分子平均动能增大 B．氢分子的势能增大C．容器内氢气的内能增大 D．容器内氢气的内能可能不变E．容器内氢气的压强增大3．以下说法中正确的选项是( )A．一质量的理想气体温度升高时，分子的平均动能一增大B．不可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功而不引起其他变化C．不可能使热量从低温物体传向高温物体D．当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大E．分子间距离增大时，分子力一减小4．以下说法中正确的选项是( )A．布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规那么运动B．将大颗粒的盐磨成细盐，就变成了非晶体C．一量100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气，其分子之间的势能增加D．只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低E．空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作不遵守热力学第二律5．以下说法中正确的选项是( )A．气体压强的大小和单位体积内的分子数及气体分子的平均动能都有关B．布朗运动是液体分子的运动，说明液体分子永不停息地做无规那么热运动C．热力学第二律的开尔文表述：不可能从单一热库吸收热量,使之完全变,而不产生其他影响D．水黾可以停在水面上是因为液体具有外表张力 E．温度升高，物体所有分子的动能都增大6．以下说法中正确的选项是( )A．“天宫一号〞中的水珠呈球形是由于液体外表张力的作用B．当人们感到潮湿时，空气的绝对密度一较大C．晶体一具有规那么的几何外形D．液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质和某些晶体相似具有各向异性E．水的饱和汽压随温度的升高而增大7．以下说法正确的选项是( )A．分子间距离增大时，分子间的引力减小，斥力增大B．当分子间的作用力表现为斥力时，随分子间距离的减小分子势能增大C．一质量的理想气体发生温膨胀，一从外界吸收热量D．一质量的理想气体发生压膨胀，一向外界放出热量E．熵的大小可以反映物体内分子运动的无序程度8．以下说法中正确的选项是( )A. 一量气体的内能于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和B．假设容器中用活塞封闭着刚好饱和的一些水汽，当保持温度不变向下缓慢压活塞时，水汽的质量减少，压强不变C．多晶体具有规那么的几何外形，物理性质具有各向异性D．农民在干旱天气里锄松土壤是为了破坏土壤中的毛细管E．用油膜法测出油分子的直径后，要测阿伏加德罗常数，只需再知道油的密度即可9．以下说法正确的选项是( )A．理想气体温膨胀时，内能不变B．液晶的光学性质会随温度、外加电压外界因素的变化而变化C．分子热运动加剧，那么物体内每个分子的动能都变大D．在绝热过程中．外界对物体做功，物体的内能一增加E．布朗运动反映了悬浮颗粒内部的分子在不停地做无规那么热运动10．一量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca 回到原状态，其p－T图象如下图，以下判断正确的选项是( )A．过程ab中气体一吸热 B．过程bc中气体既不吸热也不放热C．过程ca中外界气体所做的功于气体所放的热D．a、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小E．b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同高三下学期(23---24班)第02次周练物理答卷一、选择题〔每题4分,共40分〕题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10答案二、非选择题(共60分)11．(6分)在“用油膜法估测油酸分子的大小〞的中，按照酒精与油酸体积比为m：n配制油酸酒精溶液，现用滴管滴取油酸酒精溶液，N滴溶液的总体积为V.(1)用滴管将一滴油酸酒精溶液滴入浅盘，待稳后将油酸薄膜轮廓描绘在坐标纸上，如下图．坐标纸上每个小方格面积为S，那么油膜面积约为________．(2)估算油酸分子直径的表达式为__________________ (用题目中物理量的字母表示)(3)用油膜法粗测分子直径的依据是( )A．将油膜看成单分子油膜 B．不考虑各油酸分子间的间隙C．考虑了各油酸分子间的间隙 D．将油膜分子看成正方体12．(6分)在“用油膜法估测油酸分子的大小〞中，有以下步骤：①在边长约为40 cm的浅盘里倒入约2 cm深的水，待水面稳后将适量的痱子粉均匀地撒在水面上．②用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形状稳．③将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和面积计算出油酸分子直径的大小．④用注射器将事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下量筒内每增加一体积时的滴数，由此计算出一滴油酸酒精溶液的体积．⑤将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上．完成以下填空：(1)上述步骤中，正确的顺序是________________．(2)将1 cm3的油酸溶于酒精，制成300 cm3的油酸酒精溶液；测得1 cm3的油酸酒精溶液有50滴．现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13 m2.由此估算出油酸分子的直径为________________ m．(保存1位有效数字)13．(8分)(1)如图甲所示是一平面上晶体物质微粒的排列情况，图中三条长线AB、AC、AD上物质微粒的数目不同，由此得出晶体具有________的性质．如图乙所示，液体外表层分子间距离大于分子平衡距离r0，因此外表层分子间作用表现为吸引力，这些力的宏观表现就是液体的外表张力，外表张力的方向与液面________(选填“平行〞或“垂直〞)．(2)一质量的理想气体经历如下图的A→B、B→C、C→A三个变化过程，设气体在状态A、B时的温度分别为T A和T B，T A＝300 K，那么T B＝________ K；气体从C→A的过程中做功为100 J，同时吸热250 J，那么此过程中气体内能是增加了________ J. (3)二氧化碳的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，在海面处容器内二氧化碳气体的密度为ρ.现有该状态下体积为V的二氧化碳，那么含有的分子数为________________．说明，在2 500 m深，二氧化碳浓缩成近似固体的硬体．将二氧化碳分子看作直径为D 的球，那么该容器内二氧化碳气体变成硬体后体积约为________________．14．(8分)封闭在汽缸内一质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度T的关系如下图，该气体的摩尔质量为M，状态A的体积为V0，温度为T0，O、A、D三点在同一直线上，阿伏加德罗常数为N A.(1)由状态A变到状态D过程中________．A．气体从外界吸收热量，内能增加B．气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少C．气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大D．气体的密度不变(2)在上述过程中,气体对外做功为5 J,内能增加9 J,那么气体_____(选“吸收〞或“放出〞)热量___ J.(3)在状态D，该气体的密度为ρ，体积为2V0，那么状态D的温度为多少？该气体的分子数为多少？15.(8分)(1)空气压缩机在一次压缩过程中,活塞对汽缸中的气体做功为5100.2⨯J,同时气体的内能增加了5105.1⨯J．试问：此压缩过程中，气体________(填“吸收〞或“放出〞)的热量于________ J.(2)假设一质量的理想气体状态分别按以下图所示的三种不同过程变化，其中表示压变化的是_____(填“A〞、“B〞或“C〞)，该过程中气体的内能________(填“增加〞、“减少〞或“不变〞)．16．(12分)如下图，足够长的圆柱形汽缸竖直放置，其横截面积为23101mS-⨯=，汽缸内有质量m＝2 kg的活塞，活塞与汽缸壁封闭良好，不计摩擦．开始时活塞被销子K销于如图位置，离缸底L1＝12 cm，此时汽缸内被封闭气体的压强为Pap51105.1⨯=，温度为T1＝300 K．外界大气压为Pap5100.1⨯=，g＝10 m/s2.(1)现对密闭气体加热，当温度升到T2＝400 K，其压强p2多大？(2)假设在此时拔去销子K，活塞开始向上运动，当它最后静止在某一位置时，汽缸内气体的温度降为T3＝360 K，那么这时活塞离缸底的距离L3为多少？(3)保持气体温度为360 K不变，让汽缸和活塞一起在竖直方向做匀变速直线运动，为使活塞能停留在离缸底L4＝16 cm处，那么求汽缸和活塞做匀加速直线运动的加速度a大小及方向．17．(12分)如下图，A汽缸截面积为500 cm2，A、B两个汽缸中装有体积均为10 L、压强均为1 atm、温度均为27 ℃的理想气体，中间用细管连接．细管中有一绝热活塞M，细管容积不计．现给左面的活塞N施加一个推力，使其缓慢向右移动，同时给B中气体加热，使此过程中A汽缸中的气体温度保持不变，活塞M保持在原位置不动．不计活塞与器壁间的摩擦，周围大气压强为Paatm5101=，当推力NF31035⨯=时，求：(1)活塞N 向右移动的距离是多少？ (2)B 汽缸中的气体升温到多少？高三下期(23---24班)第02次周练物理答案 一 选择题〔每题4分,共40分〕律可知，即使改良内燃机结构，提高内燃机内能转化率，也不可能实现内能完全转化为机械能，选项B 错误；大颗粒的盐磨成了细盐仍然是晶体，选项C 错误；根据热力学第一律可知，气体温度每升高1 K 所吸收的热量与气体经历的过程有关，选项D 正确；大量气体分子做无规那么运动，速率有大有小，但分子的速率是按照一规律分布的，选项E 正确．]2．ACE [温度是分子平均动能的标志，氢气的温度升高，那么分子的平均动能一增大．故A 正确；气体分子之间的距离比拟大，气体分子势能忽略不计．故B 错误；气体的内能由分子动能决，氢气分子的个数不变，分子的平均动能增大，那么氢气的分子动能增大，那么内能增大．故C 正确，D 错误；根据理想气体的状态方程：pVT＝C 可知，氢气的体积不变，温度升高那么压强增大．故E正确．]3．ABD [温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子平均动能增大，A 正确；热力学第二律可以表示为：不可能制成一种循环动作的热机，从单一热源取热，使之完全变为功而不引起其他变化，B 正确；通过做功的手段可以使热量从低温物体传向高温物体，C 错误；当分子力表现为引力时，增大分子间的距离，需要克服分子间的引力做功，所以分子势能增大，D 正确；分子间的作用力随分子间的距离增大先减小后增大，因此分子力可能增大，也可能减小，E 错误．] 4．ACD [布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规那么运动，应选项A 正确；将大颗粒的盐磨成细盐，盐的种类没有变化，故它仍是晶体，选项B 错误；一量100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气，其分子之间的势能增加，选项C 正确；因为温度是分子热运动剧烈程度的标志，故只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低，选项D 正确；空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，是通过做功的方法实现的，故它遵守热力学第二律，选项E 错误．]5．ACD [气体压强的大小和单位体积内的分子数及气体分子的平均动能都有关，单位体积内的分子数越多那么单位时间内对器壁碰撞的次数就越多，气体分子的平均动能越大，那么气体分子对器壁的碰撞力越大，压强越大，选项A 正确；布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的无规那么运动，间接地说明液体分子永不停息地做无规那么热运动，选项B 错误；热力学第二律的开尔文表述：不可能从单一热库吸收热量，使之完全变，而不产生其他影响，选项C 正确；水黾可以停在水面上是因为液体具有外表张力，选项D 正确；温度升高，物体分子的平均动能变大，并非所有分子的动能都增大，选项E 错误．]6．ADE [太空中由于水滴处于完全失重状态，故在外表张力的作用下，水珠呈球形，故A 正确；人们感到潮湿的原因是因为相对湿度大，不是因为绝对湿度大，故B 错误；单晶体有规那么的形状，而多晶体及非晶体没有规那么的几何外形，故C 错误；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质具有各向异性，故D 正确；水的饱和汽压随温度的升高而增大，故E 正确．]7．BCE [分子间距离增大时，分子间的引力、斥力都减小，A 错误；当分子间的作用力表现为斥力时，随分子间距离的减小，斥力做负功，分子势能增大，B正确；温膨胀，温度不变，气体内能不变，体积增大，对外做功，内能要减小，要保持内能不变，所以需要从外界吸收热量，C 正确；压膨胀，压强不变，体积增大，根据公式pV T＝C 可得温度升高，内能增大，需要吸收热量，故D 错误；熵的物理意义反映了宏观过程对的微观状态的多少，标志着宏观状态的无序程度，即熵是物体内分子运动无序程度的量度，E 正确．]8．ABD [内能于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，故A 正确；饱和水蒸气的压强与温度有关，假设容器中用活塞封闭着刚好饱和的一些水汽，当保持温度不变向下缓慢压活塞时，压强不变，水汽的质量减少．故B 正确；多晶体具有规那么的几何外形，物理性质具有各向同性．故C 错误；农民在干旱天气里锄松土壤是为了破坏土壤中的毛细管，来阻碍水分的蒸发．故D 正确；用油膜法测出油分子的直径后，要测阿伏加德罗常数，只需再知道油的摩尔体积，或知道油的摩尔质量与密度．故E 错误．]9．ABD [理想气体的内能只与温度有关，那么温膨胀时，温度不变，那么内能不变，选项A 正确；根据液晶的特点：液晶的光学性质会随温度、外加电压外界因素的变化而变化，选项B 正确；分子热运动加剧，那么物体内分子的平均动能变大，但是每个分子的动能不一都变大，选项C 错误；根据热力学第一律：ΔE ＝W ＋Q ，在绝热过程中Q ＝0，外界对物体做功那么W ＞0，物体的内能一增加，选项D 正确；布朗运动间接反映了液体分子在不停地做无规那么热运动，选项E 错误．] 10．ADE [由题图可知，ab 过程，气体发生容变化，气体体积不变，外界对气体不做功，气体温度升高，内能增大，由热力学第一律可知，气体吸收热量，选项A 正确；由题图可知，bc 过程气体发生温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳律可知，体积增大，气体对外做功，由热力学第一律ΔU ＝Q ＋W 可知，气体吸热，选项B 错误；由题图可知，ca 过程气体压强不变，温度降低，由盖－吕萨克律可知，其体积减小，外界对气体做功，W ＞0，气体温度降低，内能减少，ΔU ＜0，由热力学第一律可知，气体要放出热量，过程ca 中外界对气体所做的功小于气体所放热量，选项C 错误；由题图可知，a 状态温度最低，分子平均动能最小，选项D 正确；由题图可知，bc 过程气体发生温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳律可知，体积增大，b 、c 状态气体的分子数密度不同，b 和c 两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同，选项E 正确．]11．(1)10S (2)nV10NS m ＋n(3)AB解析 (1)估算油膜面积时以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原那么，估算出10格，那么油酸薄膜面积为10S (2)油酸酒精溶液油酸的浓度为ρ＝nm ＋n一滴溶液中纯油酸的体积为V ′＝ρV N由于形成单分子的油膜，那么分子的直径为d ＝V ′10S ＝nV10NS m ＋n(3)用油膜法粗测分子直径的依据是：将油膜看成单分子油膜；不考虑各油酸分子间的间隙．12．(1)④①②⑤③ (2)5×10－10解析 (1)根据原理易知操作步骤正确的顺序为④①②⑤③；(2)根据原理可知油酸分子直径为d ＝V S ＝1×10－6300×50×0.13m≈5×10－10m.13．(1)各向异性 平行 (2)300 150(3)ρV M N A N A ρV πD 36M解析 (1)三条长线AB 、AC 、AD 上物质微粒的数目不同，那么晶体沿各个方向的导热、导电性能都不同，表现为各向异性；液体外表的张力表现为引力，与液面平行．(2)A →B 的过程，对气体的状态参量进行分析有 状态A ：p A ＝p V A ＝2V T A ＝300 K 状态B ：p B ＝2p V B ＝V T B ＝？由理想气体状态方程得：p A V A T A ＝p B V BT B代入数据解得：T B ＝300 K.由状态C →A 过程中，气体的压强不变，体积变大，气体对外做功，由盖－吕萨克律可知温度升高，内能增大，增加的内能为：ΔU ＝W ＋ΔE k ＝－100 J ＋250 J ＝150 J.(3)二氧化碳气体的摩尔数n ＝ρV M ，所含的分子个数为：N ＝nN A ＝ρVMN A ，变成固体后的体积V 固＝NV 0＝πD 3N A ρV6M .14．(1)AB (2)吸收 14 (3)2T 02ρV 0N AM解析 (1)由题图V －T 图线可知，由状态A 变到状态D 过程中，体积变大，温度升高，那么W <0，ΔU >0，那么根据热力学第一律可知，Q >0，即气体从外界吸收热量，内能增加，选项A 正确；因从A 到D ，气体的压强不变，而温度升高时气体分子的平均速率变大，故可知单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少，选项B 正确；气体温度升高，气体分子的平均动能变大，但不是每个气体分子的动能都会增大，选项C 错误；因气体质量一，体积变大，那么气体的密度减小，选项D 错误；应选A 、B.(2)由题意W ＝－5 J ，ΔU ＝9 J ．根据ΔU ＝W ＋Q ，可知Q ＝14 J ，即气体吸收热量14 J.(3)从A →D ，由状态方程pVT＝C ，得T D ＝2T 0；气体的质量m ＝2V 0ρ，分子数n ＝2ρV 0N AM.15．(1)放出 5×104(2)C 增加解析 (1)根据热力学第一律ΔU ＝Q ＋W ，外界做功W ＝2.0×105J ，内能增量ΔU ＝×105J ，热量为Q ＝－5×104J ，说明气体对外界放热；(2)体积与温度成正比表示压变化，所以C 项正确；1到2温度升高，内能增加． 16．(1)2.0×105Pa (2)18 cm (3) m/s 2，方向竖直向上 解析 (1)气体发生容变化L 2 ＝L 1，由查理律得p 1T 1＝p 2T 2， 解得p 2＝2.0×105Pa(2)p 3＝p 0＋mg S＝×105Pa由理想气体状态方程得p 2L 2S T 2＝p 3L 3ST 3解得L 3＝18 cm(或先由温变化p 2L 2S ＝p 3L 2′S ，再由压变化L 2′S T 2＝L 3ST 3，求得L 3＝18 cm)(3)由温变化p 3L 3S ＝p 4L 4S ，得p 4＝5×105Pa向上做匀加速直线运动，p 4S －p 0S －mg ＝ma解得a ＝ m/s 2，方向竖直向上． 17．(1)5 cm (2)127 ℃解析 (1)当活塞N 停下后，A 中气体压强p A ′＝p 0＋F S A ＝43×105Pa对A 中气体：由玻意耳律有p A V A ＝p A ′V A ′得V A ′＝p A V A p A ′＝34V A活塞N 运动前后A 的长度分别为L A ＝V A S A ＝20 cm ，L A ′＝V A ′S A＝15 cm ，故活塞N 移动的距离Δx ＝L A －L A ′＝5 cm (2)对B 中气体：p B ′＝p A ′＝43×105Pa由查理律p B T B ＝p B ′T B ′T B ′＝p B ′p BT B ＝400 K ＝127 ℃.。
高三物理上册周测考试试题4
物理试题一、单项选择题（每小题4分，共16分，）1.如图所示，一重为8 N的球固定在AB杆的上端，今用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，此时测力计的示数为6 N，则AB杆对球作用力的大小为()A．6N B．8 NC．10 N D．12 N2.如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：①中弹簧的左端固定在墙上，②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用，③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动，④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动．若认为弹簧的质量都为零，以L1、L2、L3、L4依次表示四个弹簧的伸长量，则有()A．L2＝L1B．L4>L3 C．L1>L3D．L2>L43.如图所示，一个被吊着的均匀球壳，其内部注满了水，在球的底部有一带阀门的细出水口．在打开阀门让水慢慢流出的过程中，球壳与其中水的共同重心将会 ( ) A ．一直下降 B ．一直不变 C ．先下降后上升 D ．先上升后下降4．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5……所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度为d .根据图中的信息，下列判断错误的是( )A ．位置“1”是小球释放的初始位置B ．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为d T2 D ．小球在位置“3”的速度为7d2T二、双项选择题（每小题6分，共30分）5．给滑块一初速度v 0使它沿光滑斜面向上做匀减速运动，加速度大小为g2，当滑块速度大小减为v 02时，所用时间可能是( )A.v 02gB.v 0gC.3v 0gD.3v 02g6.如图所示，A 、B 两物体的重力分别是G A ＝3 N 、G B＝4 N ，A 用悬绳挂在天花板上，B 放在水平地面上，A、B间的轻弹簧上的弹力F＝2 N，则绳中张力F1和B对地面的压力F2的可能值分别为()A．7 N和10 N B．5 N和2 NC．1 N和6 N D．2 N和5 N7.如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放物体m，两者间有一条处于压缩状态的弹簧，整个装置相对地面静止．则M、m的受力情况是()A．m受到向右的摩擦力B．M受到m对它向右的摩擦力C．地面对M的摩擦力向右D．地面对M无摩擦力作用8.如图所示，物块A、B静置在水平地面上，某时刻起，对B施加一沿斜面向上的力F，力F从零开始随时间均匀增大，在这一过程中，A、B均始终保持静止．则地面对A的()A．支持力不变B．支持力减小C．摩擦力减小D．摩擦力增大9.如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上向右滑行，木块同时受到向右的拉力F的作用，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则()A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgB．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m＋M)gC．当F>μ2(m＋M)g时，木板便会开始运动D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动三、非选择题10．（18分）通过“探究弹簧弹力与弹簧伸长量之间的关系”实验，我们知道：在弹性限度内，弹簧弹力F与形变量x成正比，并且不同弹簧，其劲度系数也不同．某中学的探究学习小组从资料中查到：弹簧的劲度系数与弹簧的材料和形状有关．该学习小组想研究弹簧的劲度系数与弹簧原长的关系，现有A，B，C，D四根材料和粗细完全相同仅长度不同的弹簧．(1)学习小组的同学们经过思考和理论推导，各自提出了自己的看法，其中甲同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧长度成正比，乙同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧原长成反比，甲、乙有一名同学的看法是正确的．你认为正确的是________(填“甲”或“乙”)，就这一环节而言，属于科学探究中的哪个环节________(填序号)．A．分析与论证B．进行实验与收集证据C．猜想与假设D．制定计划与设计实验(2)为验证甲、乙谁的看法正确，可通过实验完成，实验器材除上述弹簧和已知质量的几个钩码外，还需要的实验器材是________．(3)探究学习小组进行实验记录的数据如下表所示．实验数据记录(g＝10 m/s2)请完成上表，从中得出的结论为：________.11.（18分）如图所示，质量为0.78 kg的金属块放在水平桌面上，在与水平方向成37°角斜向上、大小为3.0 N的拉力F作用下，以2.0 m/s的速度向右做匀速直线运动．(sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，g取10 m/s2)求：(1)金属块与桌面间的动摩擦因数；(2)如果从某时刻起撤去拉力，撤去拉力后金属块在桌面上滑行的最大距离．12.（18分）物体的质量为2 kg，两根轻细绳AB和AC的一端连接于竖直墙上，另一端系于物体上，在物体上另施加一个方向与水平线成θ角的拉力F，相关几何关系如图所示，θ＝60°，若要使绳都能伸直，求拉力F的大小范围．(g取10 m/s2)答案：1.C2. A3.C4.A5.BC6. BC7. AD8. BD9.AD10. 解析：(1)弹簧的劲度系数由弹簧的本身决定，而与悬挂的重物无关，所以乙正确．由于实验还没有被证实，所以属于猜想与假设环节．(2)实验中需要悬挂弹簧测力计，所以需要铁架台，还需要测量弹簧形变量，所以需要刻度尺．(3)根据数据计算可知道：在实验允许的误差范围内，弹簧的劲度系数与弹簧原长成反比．答案：(1)乙 C (2)铁架台、刻度尺(3)4.00 cm 50 N/m结论为：在实验允许的误差范围内，弹簧的劲度系数与弹簧原长成反比．11. (1)0.4 (2)0.5 m12.解析：作出物体A 受力如图21所示，由平衡条件F y ＝F sin θ＋F 1sin θ－mg ＝0①F x ＝F cos θ－F 2－F 1cos θ＝0②由①②式分别得F ＝mgsin θ－F 1③F ＝F 22cos θ＋mg2sin θ④ 要使两绳都能绷直，则有F 1≥0⑤F 2≥0⑥由③⑤式得F 有最大值F max ＝mg sin θ＝4033N.由④⑥式得F 有最小值F min ＝mg2sin θ＝2033N综合得F 的取值范围2033N ≤F ≤4033N.答案：2033N ≤F ≤4033N薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。
高三物理下学期周练试题(4.9)
咐呼州鸣咏市呢岸学校高三物理下学期周练试题〔〕一、选择题1．如下图，在粗糙绝缘的水平面上有一物体A带正电，另一带正电的物体B沿着以A为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的正上方经过，假设此过程中A始终保持静止，A、B两物体可视为质点，那么以下说法正确的选项是A. 物体A受到地面的支持力先增大后减小B. 物体A受到地面的支持力保持不变C. 物体A受到地面的摩擦力先减小后增大D. 物体A受到地面的摩擦力先向左后向右．2．一物体自距地面高H处自由下落，经t落地，此时速度为v，那么〔〕A．时物体距地面高度为B．时物体距地面高度为C．物体下落时速度为D．物体下落时速度为3．关于液体，以下说法正确的选项是A．布朗运动的发现主要说明了液体分子间有相互作用B．液体分子的移动比固体分子的移动容易，故相同温度下液体扩散速度比固体要快一些。
C．由于液体外表层分子间距离大于液体内子间距离，液体外表存在张力D．液晶可以用来做显示屏，是因为液晶在一条件下可以发光4．在校秋季运动会100m决赛中，裁判员测得某一运发动5s末瞬时速度为10．4m/s，10s末到达终点的瞬时速度为10．2m/s。
那么运发动在比赛中的平均速度为〔〕A. 10m/sB. 10．2m/sC. 20.6m/sD. 10．4m/s5．关于电磁场的理论，以下说法中正确的选项是( )．A．变化的电场周围产生的磁场一是变化的B．变化的电场周围产生的磁场不一是变化的C．均匀变化的磁场周围产生的电场也是均匀变化的D．振荡电场在周围空间产生同样频率的振荡磁场6．如下图的情况中，A.b两点的电场强度和电势均相同的是〔〕A.甲图：离点电荷距的A.b两点B.乙图：两个量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点距的A.b两点C.丙图：两个量同种点电荷连线上，与连线中点距的A.b两点D.丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的A.b两点7．在一次事演习中,伞兵跳离飞机后翻开降落伞,实施点降落.在伞匀速下落的过程中,以下说法正确的选项是( )A．伞兵的机械能守恒,重力势能不变B．伞兵的机械能守恒,重力势能减小C．伞兵的机械能不守恒,重力势能不变D．伞兵的机械能不守恒,重力势能减小8．以下说法中正确的选项是A．随着温度的升高，各种波长的辐射强度都在增加，同时辐射强度的极大值向波长较短的方向移动B．在康普顿效中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一动量转移给电子，因此光子散射后波长变短C．放射性元素原子核的半衰期长短与原子所处的化学状态和外部条件有关D．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时所产生的9．一个半径为5m的圆形蓄水池装满水，水面与地面相平，在池的中心上空离水面3m处吊着一盏灯，一个身高m的人离水池边缘多远的距离恰能看到灯在水中的像( )A．m B．m C．3m D．5m10．图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里．abcd是位于纸面的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l. t=0时刻，bc边与磁场区域边界重合〔如图〕．现令线圈以恒的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿越磁场区域．取沿逆时针方向为感电流正方向，那么在线圈穿越磁场区域的过程中，感电流I随时间变化的图线可能是〔〕11．如下图5-7-8，质量为M的物体A穿在离心机的水平光滑杆上，A用绳子与另一质量为m的物体B相连.当离心机以角速度ω绕竖直轴旋转时，A离转轴轴心的距离是R；当ω增大到原来的2倍时，调整A离转轴的距离，使之到达的稳状态.那么〔〕图5-7-8A.物体A受到的向心力增大B.物体A的线速度减小到原来的C.物体A离转轴的距离是D.物体A离转轴的距离是12．由两种不同材料拼接成的直轨道ABC，B为两种材料的线，长度AB>BC。
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高三物理周练试题14—18题为单选，19—21题为多选14. 如图所示，半圆形框架竖直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢地转过90°,框架与小球始终保持静止状态。
在此过程中下列说法正确的是A. 框架对小球的支持力先减小后增大B. 拉力F的最小值为mg cosθC. 地面对框架的摩擦力先减小后增大D. 框架对地面的压力先增大后减小15. 如图所示为蹦极运动的示意图。
轻质弹性绳的一端固定在O 点，另一端和运动员相连。
运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点，到达最低点D，然后弹起。
不计空气阻力，下列表述正确的是A. 经过B点时，运动员的速率最大B. 经过C点时，运动员的速率最大C. 从C点到D点，运动员处于失重状态D. 从C点到D点，运动员的重力功等于弹性绳的弹力功16. BC是半径为R的竖直面内的光滑圆弧轨道，轨道末端C在圆心O的正下方，∠BOC=60°，将质量为m的小球，从与O等高的A点水平抛出，小球恰好从B点滑入圆轨道，则小球在C点对轨道的压力为A. B.3mg C. D.4mg17. 一质量为2 kg的物体受水平拉力F作用，在粗糙水平面上做加速直线运动时的a t图象如图所示。
若t＝0时其速度大小为2 m/s，滑动摩擦力大小恒为2 N，则A．在t＝6 s的时刻，物体的速度为18 m/sB．在0～6 s时间内，合力对物体做的功为400 JC．在0～6 s时间内，拉力对物体的冲量为36 N·sD．在t＝6 s的时刻，拉力F的功率为200 W18. 在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd，顶点a、c分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示。
若将一个带负电的粒子置于b点，自由释放，粒子将沿着对角线bd往复运动。
粒子从b点运动到d点的过程中A. 先做匀加速运动，后做匀减速运动B. 先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C. 电势能改变量大于机械能改变量D. 电势能先减小后增大19．伽利略对“自由落体运动”和“运动和力的关系”的研究，开创了科学实验73mg103mgIB n edU =和逻辑推理相结合的重要科学研究方法。
图(a)、(b)分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，对这两项研究，下列说法正确的是A ．图(a)中先在倾角较小的斜面上进行实验，其目的是使时 间测量更容易B ．图(a)通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速直线运动C ．图(b)中完全没有摩擦阻力的斜面是实际存在的，实验可实际完成D ．图(b)的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动不需要力来维持20. 利用如图所示的方法可以测得金属导体中单位体积内的自由电子数n 。
现测得一块横截面为矩形的金属导体的宽为b ，厚为d ，并加有与侧面垂直的匀强磁场B ，当通以图示方向电流I 时，在导体上、下表面间用电压表可测得电压为U 。
已知自由电子的电荷量为e ，则下列判断正确的是A. 上表面电势高B. 下表面电势高C. 该导体单位体积内的自由电子数为D. 该导体单位体积内的自由电子数为 21. 如图所示，均匀金属圆环的总电阻为4R ，磁感应强度为B IB n ebU=28BlRω26BlRω23Blω22Blω的匀强磁场垂直穿过圆环。
金属杆OM的长为l，阻值为R，M 端与环接触良好，绕过圆心O的转轴以恒定的角速度ω顺时针转动。
阻值为R的电阻一端用导线和环上的A点连接，另一端和金属杆的转轴O处的端点相连接。
下列判断正确的是A. 金属杆OM旋转产生的感应电动势恒为B. 通过电阻R的电流的最小值为，方向从Q到PC. 通过电阻R的电流的最大值为D. OM两点间电势差绝对值的最大值为三、非选择题：22.（5分）在“练习使用打点计时器”的实验中，利用重物牵引小车，用电磁打点计时器打点，f=50Hz，得到一条清晰的纸带。
取其中的A、B、C、......七个点进行研究，这七个点和刻度尺标度的对应位置如图所示。
（1）小车向运动（相对图中方位填“左”或“右”）；（2）A点到D点的平均速度是m/s，F点瞬时速度是m/s；（保留三位小数）（3）根据纸带可以计算小车的加速度a的大小是m/s2；（保留三位有效数字）（4）如果当时交变电流的频率是f=51Hz，而计算时取f=50Hz，那么速度的测量值。
（选填：偏大、偏小或相等）23.（10分）为零测量量程为3V的电压表V1的内阻。
实验室可以提供的器材有：待测的电压表V1（内阻约为2000Ω）电流表A1（量程为0.6A，内阻约为0.1Ω）电压表V2（量程为5V，内阻约为3500Ω）定值电阻R1（阻值为3000Ω）定值电阻R2（阻值为300Ω）滑动变阻器R3（最大阻值约为100Ω，额定电流为0.3A）滑动变阻器R4（最大阻值约为10Ω，额定电流为0.5A）电源（E=6V，内阻r约为0.5Ω）开关S、导线若干。
（1）请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1的内阻的实验电路，画出电路图（元件用题中所给出的符号标注），要求测量尽可能准确。
（2）实验时两个定值电阻在本实验中选用的是。
（填“R1”或“R2”）（3）实验时两个滑动变阻器在本实验中选用的是。
（填“R3”或“R4”）（4）写出电压表V1内阻计算公式R V= 。
（用已知物理量和测得物理量表示，电阻用R1或R2表示，电压表读数用U1或U2表示，电流表读数用I1表示。
）24.（12分）如图所示，轻且不可伸长的细绳悬挂一质量为m=0.5kg的小圆球，圆球又套在可沿水平方向移动的框架槽内，框架槽沿铅直方向，质量为M=0.2kg。
自细绳静止于铅直位置开始，框架在水平力F=20N恒力作用下移至图中位置，此时细绳与竖直方向夹角30°。
绳长L=0.2m，不计一切摩擦。
（取g=10m/s2）求：（1）此过程中重力对小圆球做功为多少？（2）水平力F做功为多少？（3）小圆球在此位置的瞬时速度大小是多少？25.(20分)如图所示，在平面直角坐标系x0y中的第一象限内存在磁感应强度大小为B、方向垂直于坐标平面向里的有界圆形勾强磁杨区域(图中未画出)；在第二象限内存在沿x轴负方向的匀强电场。
一粒子源固定在x轴上坐标为(-L，0)的A点。
粒子源沿y 轴正方向释放出速度大小为v的电子，电子恰好能通过y轴上的C点，电子经过磁场偏转后恰好垂直通过第一象限内与x轴正方向成15°角的射线ON(已知电子的质量为m，电荷量为e，不考虑粒子的重力和粒子之间的相互作用)。
已知θ=45°，求：(1)匀强电场的电场强度E的大小与C点的坐标；(2) 电子在磁场中运动的时间t；(3)圆形磁场的最小面积S。
min33.{物理一选修3-3]15分)(1)(5分)一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、be、ca回到原状态，其P-T图像如图所示。
下列判断正确的是_ ______.(选对1个得2分，选对2个得4分选对3个得5分.每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.过程ab中气体一定吸热B.过程bc中气体既不吸热也不放热C，过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热D.a、b和ac三个状态中，状态a分子的平均动能最小E.b和c两个状态中，容器壁单位面积时间内受到气体分子擦击的次数不同(2)(10分)如图所示，一根两端开口、模截面积为S=2cm²足够长的玻璃管竖直插入水银槽中并固定(插入水银槽中的部分足够深)。
管中有一个质量不计的光滑活塞，活塞下封闭着长L=21cm的气柱，气体的温度为1t =7℃，外界大气压取po=1.0×105Pa(相当于75cm 高汞柱压强)。
(Ⅰ)若在活塞上放一个质量为m=O.1kg 的砝码，保持气体的温度1t 不变，则平衡后气柱为多长?(g=10m/s²)(Ⅱ)若保持砝码的质量不变，对气体加热，使其温度升高到2t =77℃，此时气柱为多长?(Ⅲ)若在(Ⅱ)过程中，气体吸收的热量为10J ，则气体的内能增加多少?34.(物理一选修3-4](15分)(1)(5分)如图为甲、乙两列简谐横坡在同一绳上传播时某时刻的波形图，甲波向右传播，乙波向左传播。
质点M 位于x=0.2m 处，则 (选对1个得2 分，选对2 个得4分，选对3 个得5分，每选错1个扣3 分，最低得分为0分)A.这两列波会发生干涉现象B.M 点的振动总是减弱C.M 点将做振幅为30cm 的简谐运动D.由图示时刻开始，再经过41甲波周期，M 点将位于被峰 E.图示时刻x=0.1m 的质点偏离平衡位置位移为10cm(2)(10分)如图所示，是一透明半圆柱体的横截面，0为橫截面的圆心，其半径为R ，折射率为3，OA 水平且垂直截面，从A 点射出一条光线AB 经折射后水平射出半圆柱体，已知OA=3R ，光速为c 。
求：(Ⅰ)光沿AO 直线进入透明半圆柱体中，从A 传到0点的时间； (Ⅱ)入射点B 到OA 的垂直距离BC.周练物理部分答案14.B 15.B16.C 17.D 18.D 19.AD 20.BC 21.AD22.（5分）（每空1分）（1）左 （2）0.138；0.226或0.227 （3）0.26 （4）偏小23.（10分）（1）（4分）（电路图6分，符号标注标错一个扣1分）（2）R 1（2分） （3）R 3（2分）（4）1121V U R R U U =- （2分） 24.（12分）（1）小球重力所做功为：(1cos30)o G W mgl =--① （2分） 代入数据得：0.13G W J =-②【1-23】 （1分） （2）外力F 做功：o F Fl W 30sin =③ （2分） 代入数据得 :J W F 2=④ （1分）（3）将小球和框架槽看作一个系统，则有系统动能定理: 222121MV mv W W G F +=+⑤ （2分） 由运动的分解得：o v V 30cos =⑥ （2分） 联立求解，代入数据得：s m v 39.2=⑦ 【1332040+】 （2分） 25. （20分）答案：(1) E ＝mv 22eL ， (0，2L )。
(2) Be3m 2π (3)3πm 2v 22e 2B 2 解：(1)电子从A 到C 的过程中，由动能定理得eEL ＝ 12mv C 2－12mv 2 ① (2分) v C cos45°＝v ②(1分) 联立解得E ＝mv 22eL。
(1分) 电子做类平抛运动，y 方向匀速运动，x 方向匀加速运动，则有y ＝vt ，L ＝12at 2，eE ＝ma ③ (3分)解得 y ＝2L则C 点的坐标为(0，2L )(1分)(2) 画出带电粒子的运动轨迹如图所示， 电子在磁场中做匀速圆周运动，电子转过的轨迹对应的圆心角为α=120°， ④(1分)圆周运动的周期 T ＝Be m2π⑤(2分)粒子运动时间 t ＝2απT ⑥(1分)得 t ＝Be 3m2π⑦ (1分)(3)由洛伦兹力提供向心力有 ev C B ＝m v C 2r ⑧ (2分)解得半径 r ＝mv C eB ＝2mveB(1分)电子在磁场中偏转120°后垂直于ON 射出，如图： 磁场最小半径为 R min ＝PQ2＝r sin 60° ⑨ (2分) 可得 R min ＝6mv2eB圆形磁场的最小面积 S min ＝πR min 2 ⑩ (1分) 得 S min ＝3πm 2v 22e 2B 2(1分)33 (1)A D E14【答案】(1)20 cm (2)25 cm (3)8.95 J解：(1)被封闭气体的初状态为 p 1＝p 0＝1.0×105PaV1＝LS＝42 cm3，T1＝280 K末状态压强p2＝p0＋＝1.05×105Pa(1分)V2＝L2S，T2＝T1＝280 K根据玻意耳定律，有p1V1＝p2V2，即p1L＝p2L2(1分)得L2＝20 cm(1分)(2)对气体加热后，气体的压强不变，p3＝p2，V3＝L3S，T3＝350 K 根据盖—吕萨克定律，有＝，即＝(2分)得L3＝25 cm.(1分)(3)气体对外做的功W＝p2Sh＝p2S(L3－L2)＝1.05 J(2分)根据热力学第一定律ΔU＝Q＋W得ΔU＝10 J＋(－1.05 J)＝8.95 J(2分)即气体的内能增加了8.95 J.34(1) ACE(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)(2)解：（i）由n＝得v＝＝(1分)1Rtv=(1分)2(31)Rt-=(1分) t=t1+t2ｔ＝(231)Rc(1分)(2)如图所示，设入射点B到OA的垂直距离BC＝h，∠BOA＝β，入射角为α，对△OAB ，由正弦定理得＝ (2分)又 ＝(2分)得AB ＝R所以△OAB 为等腰三角形：cos β＝22OA OBβ＝30°(1分)所以B 到OA 的垂直距离 h ＝R sin β=12R(1分)姓名____________ 学号_____________ 分数_______________物理答题卷（普通班）一．选择题二．非选择题22. (5分)（1）___________________（2）_________________ ____________________（3）_________________（4）_______________23.（10分）(1)(2) ______(3) _______(4) ____________ 三计算题24.（12分）25.（20分）三．选做题（15分）。