全国高中数学联赛精选模拟试题一
全国高中数学联赛模拟试题及参考答案
全国高中数学联赛训练题(1)第一试一、填空题1.函数3()2731x x f x +=-+在区间[0,3]上的最小值为_____.2.在数列{}n a 中,11a =且21n n n a a a ++=-.若20002000a =,则2010a =_____.3.若集合{|61,}A x x n n N ==-∈,{|83,}B x x n n N ==+∈,则A B 中小于2010的元素个数为_____.4.若方程sin (1)cos 2n x n x n ++=+在π<<x 0上有两个不等实根,则正整数n 的最小值为_____.5.若c b a >>,0=++c b a ,且21,x x 为02=++c bx ax 的两实根,则||2221x x -的取值范围为_____.6.有n 个中心在坐标原点,以坐标轴为对称轴的椭圆的准线都是1x =.若第k (1,2,,)k n = 个椭圆的离心率2k k e -=,则这n 个椭圆的长轴之和为_____.7.在四面体-O ABC 中,若点O 处的三条棱两两垂直,则在四面体表面上与点A 距离为2的点所形成的曲线长度之和为_____.8.由ABC ∆内的2007个点122007,,,P P P 及顶点,,A B C 共2010个点所构成的所有三角形,将ABC ∆分 割成互不重叠的三角形个数最多为_____.二、解答题9.设抛物线22y px =(0)p >的焦点为F ,点A 在x 轴上F 的右侧,以FA 为直径的圆与抛物线在x 轴上方交于不同的两点,M N ,求证:FM FN FA +=.10.是否存在(0,)2πθ∈,使得sin ,cos ,tan ,cot θθθθ的某一排列成等差数列?并说明理由.11.已知实数123123,,,,,a a a b b b 满足:123123a a a b b b ++=++,122331122331a a a a a a bb b b b b ++=++,且123min{,,}a a a 123min{,,}b b b ≤,求证:123max{,,}a a a 123max{,,}b b b ≤.第二试一、设圆的内接四边形ABCD 的顶点D 在直线,,AB BC CA 上的射影分别为,,P Q R ,且ABC ∠与ADC ∠的平分线交于点E ,求证:点E 在AC 上的充要条件是PR QR =.二、已知周长为1的i i i ABC ∆(1,2)i =的三条边的长分别为,,i i i a b c ,并记2224i i i i i i i p a b c a bc =+++(1,2)i =,求证:121||54p p -<.三、是否存在互不相同的素数,,,p q r s ,使得它们的和为640,且2p qs +和2p qr +都是完全平方数?若存在,求,,,p q r s 的值;若不存在,说明理由.四、对n 个互不相等的正整数,其中任意六个数中都至少存在两个数,使得其中一个能整除另一个.求n 的最小值,使得在这n 个数中一定存在六个数,其中一个能被另外五个整除.全国高中数学联赛训练题(1)参考答案:令3xt =,[0,3]x ∈则3()()271f x g t t t ==-+,[1,27]t ∈,而'()3(3)(3)g t t t =-+.故当[1,3]t ∈时,'()0g t <,()g t 单调递减,当[3,27]t ∈时,'()0g t >,()g t 单调递增.所以当3t =,()g t 取得最小值min ()(3)53g t g ==-,即当1x =时,()f x 取得最小值53-.:设2a t =,则由21n n n a a a ++=-依次写出数列{}n a 的前8项为:1,,1,1,,1,1,t t t t t - - - - .于是易知:该数列是以周期6T =的一个周期数列,故由20002000a =可得20006333222000a a a t ⨯+====,从而2010335661120001999a aa t ⨯===-=-=-,即20101999a =-. :由题意若x A ∈,则5(mod 6)x ≡ ,若x B ∈,则3(mod 8)x ≡ ,故若x AB ∈ ,则11(mod 24)x ≡ ,即若x A B ∈ ,则2411x k =+,于是可得满足题意的元素共有84个.:由已知得11sin 12cos x n x --=---,而1sin 2cos xx---表示上半个单位圆(不包括端点)上的动点(cos ,sin )P x x 与定点(2,1)Q -的斜率k ,要满足题意就要直线PQ 与上半个单位圆(不包括端点)有两个不同的交点,此时4(,1)3k ∈--,从而可得11(0,)3n ∈,故3n >,即正整数n 的最小值为4.:由0=++c b a 知方程02=++c bx ax 有一个实数根为1,不妨设11x =,则由韦达定理可知2c x a=.而c b a >>,0=++c b a ,故0,0a c ><,且a a c c >-->,则122c a -<<-,故2221()44c x a<=<,从而可得2212||[0,3)x x -∈.:设第k 个椭圆的长半轴为k a ,焦半径为k c ,则由题意有21k ka c =,2k k k k ce a -==,故可得2k k a -=,于是可得121222212n n n a a a ----+++=+++=- ,故这n 个椭圆的长轴之和为12(12)22n n---=-.:如图,点,M N 分别在棱,AB AC 上,且2AM AN ==,点,E F 分别在棱,OB OC 上,且1OE OF ==,则2AE AF ==,因此,符合题意的点形成的曲线有:①在面OBC 内,以O 为圆心,1为半径的弧EF ,其长度为2π;②在面AOB 内,以A 为圆心,2为半径的弧EM ,其长度为6π;③在面AOC 内,以A 为圆心,2为半径的弧FN ,其长度为6π;④在面ABC 内,以A 为圆心,2为半径的弧MN ,其长度为23π.所以,所求的曲线长度之和为2326632πππππ+++=.:设三角形最多有n 个,则根据角度相等可得20072n πππ⨯+=⨯,故2200714015n =⨯+=.: 令1122(,),(,)M x y N x y ,设点(,0)A a ,则由(,0)2p F 得12FA a p =-,故以FA 为直径的圆为22222()()44a p a p x y +--+=,则可知12,x x 是方程2222()2()44a p a p x px +--+=的两个实根,即是说12,x x 是方程22(23)0x a p x ap --+=,由韦达定理得1223322a p x x a p -+==-. 故121131()()()2222FM FN x p x p a p p a p FA +=+++=-+=-=,即FM FN FA +=.:当(0,)2πθ∈时,函数s i n y x =与cos y x =的图像关于直线4x π=对称,函数t a n y x =与cot y x =的图像也关于直线4x π=对称,且当4πθ=时,sin ,cos ,tan ,cot θθθθ的任一排列均不可能成等差数列.故只需考虑是否存在(0,)4πθ∈使得sin ,cos ,tan ,cot θθθθ的某一排列成等差数列即可.假设存在(0,)4πθ∈符合题意,则由sin cos tan cot θθθθ<<<可知cot tan cos sin θθθθ-=-,从而有s i n c o s s i n c o s θθθθ+=⋅,故2(sin cos )12sin cos 1sin 2θθθθθ⋅=+⋅=+.而2(sin cos )1θθ⋅<,且1sin 21θ+>,故假设不成立.即,不存在这样的θ,使得sin ,cos ,tan ,cot θθθθ的某一排列成等差数列.:设123123a a a b b b p ++=++=,122331122331a a a a a a bb b b b b q ++=++=,且123a a a r =,123'b b b r =, 则123,,a a a 是函数32()f x x px qx r =-+-的零点,123,,b b b 是函数32()'g x x px qx r =-+-的零点.不妨设123123,a a a b b b ≤≤ ≤≤,则由123min{,,}a a a 123min{,,}b b b ≤知11a b ≤. 而1()0f a =,1111213()()()()0g a a b a b a b =---≤,故11()()g a f a ≤,即3232111111'a pa qa r a pa qa r -+-≤-+-,故3232333333'a pa qa r a pa qa r -+-≤-+-, 即33()()g a f a ≤,也即是33132333()()()()()0g a a b a b a b f a =---≤=.若33a b >,则313233()()()0a b a b a b --->,这与33132333()()()()()0g a a b a b a b f a =---≤=矛盾! 所以有123max{,,}a a a 123max{,,}b b b ≤.:由西姆松定理知,,P Q R 共线.由题意易知,,,C Q D R 四点共圆,则有DCA DQR DQP ∠=∠=∠,同样有,,,A P R D 四点共圆,则有DAC DPR DPQ ∠=∠=∠.故DAC ∆∽DPQ ∆,同理可得:DAB ∆∽DRQ ∆,DBC ∆∽DPR ∆,因此有:PRDB DA DP PR BA BC DC DQ QR BCDB BA⋅===⋅⋅.从而PR QR =的充要条件是DA BABC =.又由角平分线的性质得,ABC ADC ∠∠的平分线分AC 的比分别为,BA DABC DC.故命题成立. :由题意知1i i i a b c ++=,且不妨设i i i a b c ≤≤,则由于三角形的三边关系可得102i i i a b c <≤≤<,即可得312121210(12)(12)(12)()327i i i i i i a b c a b c -+-+-<---≤=.2222222(12)(12)(12)12()4()814()812[()()]812(4)12i i i i i i i i i i i i i i ii i i i i i i i i i i i i i i i i i i i i i i i ia b c a b c a b b c c a a b c a b b c c a a b c a b c a b c a b c a b c a b c p ---=-+++++-=-+++-=-+++-++-=-+++=- 从而可得131272i p ≤<,所以121||54p p -<. :由640p q r s +++=,及,,,p q r s 是不同的素数知,,,p q r s 都是奇数.设2222p qs m p qr n ⎧+=⎪⎨+= ⎪⎩ ①②, 并不妨设s r <,则m n <.由①,②可得()()()()m p m p qsn p n p qr-+=⎧⎨-+=⎩.若1m p ->,则由m p n p n p -<-<+可得m p q n p +==-,故2q m n =+,,s m p r n p =-=+,从而2s r m n q +=+=,故23640p q r s p q q p q +++=++=+=.又由23s m p q p =-=-≥,故可得90p ≤,逐一令p 为不大于90的素数加以验证便知此时无解.若1m p -=,则21qs m p p =+=+,故12qs p -=.而q m p n p <+<+,故,2q n p r n p p q =-=+=+. 故332(1)26402p q r s p q s qs q s +++=++=-++=,即有(32)(34)3857719q s ++==⨯⨯于是得3419,3272s q +=+=⨯,故5,67s q ==,从而167,401p r ==.综上可得167,67,401,5p q r s ====或167,67,5,401p q r s ====. :所求的最小正整数26n =.我们分两步来证明,第一步说明25n ≤不行,我们构造如下的25个正整数:543215432154321543215432122222;33333;55555;7,7777;1111111111,,,,,,,,,,,,,,,,,,,①②③④⑤.如上,我们把这25个正整数分成5组,则任意选取六个数都一定会有两个数在同一组,显然在同一组中的这两个数中的一个能整除另一个;另一方面,由于每一组数只有5个,因此所选的六个数必然至少选自两组数,即是说在所选的六个数中不存在其中一个能被另五个整除的数.所以,当25n =时是不行的.对于25n <,也可类似地证明.第二步说明26n =是可以的.我们首先定义“好数组”.如果一数组中的数都在所给定的26个正整数中,其中最大的一个记为a ,除a 外的25个数中没有a 的倍数,且这25个数中所有a 的约数都在这组数中,那么我们称这个数组为“好数组”.(一个“好数组”中的数可以只有一个).现证这样的“好数组”至多有五个.否则,必存在六个“好数组”,我们考虑这六个“好数组”中的最大数,分别记为,,,,,a b c d e f ,由题知六个数,,,,,a b c d e f 中必然存在一个能整除另一个,不妨记为|b a ,即是说a 的约数b 不在a 所在的“好数组”中,这与“好数组”的定义不符,故“好数组”至多有五个.由于“好数组”至多有五个,而所给的正整数有26个,因此至少存在一个“好数组”中有六个数,考虑这个“好数组”中的最大数,由“好数组”的定义知这个数组中至少另有五个数都能整除该数.综上可得,所求的最小正整数26n =.陕西师范大学附中 王全 710061 wangquan1978@。
全国高中数学联赛模拟试卷试题.doc
全国高中数学竞赛模拟试题一、选择题(每题 6 分共 36 分)1. 由 0,1,2,3,4,5六个数字能组成数字不重复且百位数字不是5 的偶数有 [ ] 个A.360B.252C.720D.2402. 已知数列 { a n }(n ≥ 1) 满足 a n 2 = a n 1 - a n ,且 a 2 =1, 若数列的前2020 项之和为 2020,则前2020 项的和等于 [ ] A.2020B.2020C.2020D.20203. 有一个四棱锥,底面是一个等腰梯形,并且腰长和较短的底长都是1,有一个底角是 60 0,又侧棱与底面所成的角都是450 ,则这个棱锥的体积是[ ]A.1B. 3C.3 D.3424. 若 ( 2x 4)2 naa x ax2a+则 a 2 a 4 a 2 n 被 3 除的余数2 2 n x 2n (n ∈ N ),0 1是 [ ] A.0 B.1C.2D.不能确定5. 已知 x, y(2, 2 ) ,且 xy 1 ,则24 的最小值是[ ]2422 xyA 、20B 、12C 、 16 4 2D 、 16 4 277776. 在边长为 12 的正三角形中有 n 个点,用一个半径为 3 的圆形硬币总可以盖住其中的2 个点,则 n 的最小值是 [ ]A.17B.16C.11D.10二、填空题(每题 9 分共 54 分)7. 在锐角三角形 ABC 中,设 tanA,tanB,tanC 成等差数列且函数 f(x) 满足f(cos2C)=cos(B+C-A) ,则 f(x) 的解析是为100 8.[(10i 1)(10i 3)(10i 7)(10i 9)] 的末三位数是 _______i 19. 集合 A 中的元素均为正整数,具有性质:若a A ,则 12- aA ,这样的集合共有 个 .10. 抛物线的顶点在原点,焦点在 x 轴的正半轴上,直线 x+y-1=0 与抛物线相交于 A 、 B 两点,且 |AB|= 86. 在抛物线上是否存在一点 C ,使△ ABC 为正三角形,若存在, C 点的11坐标是.11. 在数列 { a n } 中, a 1 = 2, a nan 11(n N * ) ,设 S n 为数列 { a n } 的前 n 项和,则S 2007 2S 2006S 2005 的值为12. 函数f ( x) 3 1 x x,其中0. 函数 f ( x)在[ 0, ) 上是减函数;的取范是 _____________________. 三、解答题(每题20 分共 60 分)13. 已知点 A 5,0和曲 x2 y 21 2x2 5,y上的点P、P、P n。
全国高中数学联赛省级预赛模拟试题
全国高中数学联赛省级预赛模拟试题第I卷(选择题共60分)参考公式1三角函数的积化和差公式1sina?cos 扌=n( a + 3 )+商9()], acos a1?sin 书=in( a a)], 2cos a 1 ?cos 书=os( a + 3 )+c©s()a21si a?sin B[=os( a +3)( a- 3 )].22 •球的体积公式4V球=—n R3( R为球的半径)。
3一、选择题(每小题5分,共60分)11. 设在xOy平面上,0<y < x2,0 < x所围成图形的面积为—。
则集合3M={(x,y)|x < |y|}, N={(x,y)|x > y2|的交集MAN所表示的图形面积为2 1 1A. B. C. 1 D.3 3 6r~―兀2.在四面体ABCD中,设AB=1 , CD= -.3,直线AB与直线CD的距离为2,夹角为。
3 则四面体ABCD的体积等于矚慫润厲钐瘗睞枥庑赖賃軔。
1143A . C . — D .23233. 有10个不同的球,其中,2个红球、5个黄球、3个白球。
若取到一个红球得5分,取到一个白球得2分,取到一个黄球得1分,那么,从中取出5个球,使得总分大于10分且小于15分的取法种数为聞創沟燴鐺險爱氇谴净祸測。
A. 90B. 100C. 110D. 1204. 在△ ABC 中,若(sinA+sinB)(cosA+cosB)=2sinC,则A . △ ABC是等腰三角形,但不-B . △ ABC是直角三角形,但不一定是等腰三角形C. △ ABC既不是等腰三角形,也不是直角三角形D . △ ABC既是等腰三角形,也是直角三角形5. 已知f(x)=3x2-x+4, f(g(x))=3x4+18x3+50x2+69x+48.那么,整系数多项式函数g(x)的各项系数和为残骛楼諍锩瀨濟溆塹籟婭骤。
A . 8B . 9C . 10D . 11a 2b 26.设0<x<1, a,b 为正常数。
高中数学联赛模拟卷(含答案)
高中数学联赛模拟卷姓名:_____________考试号:______________得分:____________一、填空题:本大题共8小题,每小题8分,共64分.把答案填在横线上.1.方程2log sin 2x x π+=在区间(0,]2π上的实根个数为_________________.解析:设2()log sin 2f x x x π=+-,则1()cos ln2f x x x π'=+,∵02x π<≤,∴0cos 1x ≤<,又0ln12π<<,∴()0f x '>,即在区间(0,]2π上单调递增,故方程2log sin 2x x π+=在区间(0,]2π上有且只有一个实根.2.设数列118()3n -⎧⎫⨯-⎨⎬⎩⎭的前n 项和为n S ,则满足不等式1|6|125n S -<的最小整数n 是_________________.解析:易知数列118()3n -⎧⎫⨯-⎨⎬⎩⎭是首项是8,公比是13-的等比数列,∴18[1()]1366()131()3nn n S --==----,于是1|6|125n S -<⇔112132503125n n --<⇔>, ∵53243250=<,63729250=>,故最小整数n 是7. 3.如果:(1)a, b, c, d 都属于{1, 2, 3, 4};(2)a ≠b, b ≠c, c ≠d, d ≠a ;(3)a 是a, b, c, d 中的最小数。
那么,可以组成的不同的四位数abcd 的个数是________. 解析:46个。
abcd 中恰有2个不同数字时,能组成C 24=6个不同的数。
abcd 中恰有3个不同数字时,能组成1212121213C C C C C +=16个不同数。
abcd 中恰有4个不同数字时,能组成A 44=24个不同数,所以符合要求的数共有6+16+24=46个。
全国高中数学联赛一试模拟试题
(考试时间:80分钟满分:120分)
一、填空题(本大题共8小题,每小题8分,共64分)
1.函数 的值域是___________
2.设a,b,c为RT△ACB的三边长,点(m,n)在直线ax+by+c=0上.则m2+n2的最小值是___________
3.若 ,且 为正整数,则
(考试时间:80分钟满分:120分)
1、填空题(本大题共8小题,每小题8分,共64分)
1.集合 , , ,则 的取值范围是___________
2.某人投两次骰子,先后得到点数 ,用来作为一元二次方程 的系数,则使方程有
实根的概率为______________
3.过四面体 的顶点 作半径为 的球,该球与四面体 的外接球相切
6.对于每个大于等于2的整数 ,令 表示 在区间 上不同解的个数,
表示 在区间 上不同解的个数,则 =____________
7.在平面直角坐标系中,定义点P(x1,y1),Q(x2,y2)之间的“直角距离”为d(P,Q)=|x1-x2|+|y1-y2|
若C(x,y)到点A(1, 3),B(6, 9)的“直角距离”相等,其中实数x,y满足0≤x≤10, 0≤y≤10,
B队三名队员是B1,B2,B3,,且 对 的胜率为 (1≤i,j≤3),A队得分期望的最大可能值是________.
7.△ABC的三边长分别为13, 14, 15,有4个半径同为 的圆O,O1,O2,O3放在△ABC内,并且⊙O1与
边AB、AC相切,⊙O2与边BA、BC相切,⊙O3与边CB、CA相切,⊙O与⊙O1,O2,O3相切,
一、填空题(本大题共8小题,每小题8分,共64分)
全国高中数学联赛模拟卷(一试+二试附详细解答)
20XX 年全国高中数学联赛模拟卷(3)第一试(考试时间:80分钟 满分:120分)姓名:_____________考试号:______________得分:____________一、填空题(本大题共8小题,每小题8分,共64分) 1.函数 y =的最大值是 _______2.青蛙在正六边形ABCDEF 上A 点处,每次向相邻顶点跳跃.到达D 点或者跳满五次则停止.不同跳跃 方式有____________种. 3.设2()f x ax bx c =++,(0)1,(1)1,(1)1,f f f ≤≤-≤则(2)f 的最大值为 ___________ 4.设数列{}n a 的前n 项和n S 满足:1(1)n n n S a n n -+=+,1,2,n =,则通项n a = ______5.已知椭圆x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)与直线1x y +=交于M , N 两点, 且OM ON ⊥(O 为原点), 当椭圆的离心率e ∈[33, 22]时, 椭圆长轴长的取值范围是 __________6.对于每个大于等于2的整数n ,令)(n f 表示x nx sin sin =在区间],0[π上不同解的个数,)(n g 表示x nx cos cos =在区间],0[π上不同解的个数,则∑=-20072))()((n n f n g =____________7.在平面直角坐标系中,定义点P (x 1, y 1), Q (x 2, y 2)之间的“直角距离”为d (P , Q )=|x 1-x 2|+|y 1-y 2|若C (x , y )到点A (1, 3), B (6, 9)的“直角距离”相等,其中实数x , y 满足0≤x ≤10, 0≤y ≤10, 则所有满足条件的点C 的轨迹的长度之和为 _________8.一个半径为1的小球在一个内壁棱长为的正四面体容器内可向各个方向自由运动, 则该小球永远不可能接触到的容器内壁的面积是二、解答题(本大题共3小题,第9题16分,第10、11题20分,共56分)9.已知,,a b c 是实数, 二次函数2()f x ax bx c =++满足()02a b c f a--=,求证:-1与1中至少有一个是()0f x =的根.10.设0b >,数列{}n a 满足1a b =,1122n n n nba a a n --=+-(2)n ≥.(1)求数列{}n a 的通项公式; (2)证明:对于一切正整数n ,1112n n n b a ++≤+.11.已知椭圆1222=+y x ,过定点)0,1(C 两条互相垂直的动直线分别椭交圆于Q P ,两点。
全国高中数学联赛模拟试题1及答案
全国高中数学联赛模拟试题1及答案全国高中数学联赛模拟试题1及答案全国高中数学联赛模拟试题(一)第一试一、选择题:(每小题6分,共36分)1、方程6×(5a2+b2)=5c2满足c≤20的正整数解(a,b,c)的个数是(A)1 (B)3 (C)4 (D)5x22、函数y (x∈R,x≠1)的递增区间是x 1(A)x≥2 (C)x≤0(B)x≤0或x≥2 (D)x≤1 2或x≥23、过定点P(2,1)作直线l分别交x轴正向和y轴正向于A、B,使△AOB(O为原点)的面积最小,则l的方程为(A)x+y-3=0 (B)x+3y-5=0 (C)2x+y-5=0 (D)x+2y-4=04、若方程cos2x+3sin2x=a+1在 0, 上有两个不同的实数解x,则参2数a的取值范围是(A)0≤a<1 (B)-3≤a<1 (C)a<1 (D)0<a<1 5、数列1,2,2,3,3,3,4,4,4,4,5,5,5,5,5,6,…的第1000项是(A)42 (B)45 (C)48 (D)516、在1,2,3,4,5的排列a1,a2,a3,a4,a5中,满足条件a1<a2,a2>a3,a3<a4,a4>a5的排列的个数是(A)8 (B)10 (C)14 (D)16二、填空题:(每小题9分,共54分)1、[x]表示不大于x的最大整数,则方程1×[x2+x]=19x+99的实数解x2是.2、设a1=1,an+1=2an+n2,则通项公式an=.3、数799被2550除所得的余数是.54、在△ABC中,∠A=,sinB=,则cosC=.3135、设k、是实数,使得关于x的方程x2-(2k+1)x+k2-1=0的两个根为sin 和cos ,则的取值范围是. 6、数5 242n(n∈N)的个位数字是三、(20分)已知x、y、z都是非负实数,且x+y+z=1.求证:x(1-2x)(1-3x)+y(1-2y)(1-3y)+z(1-2z)(1-3z)≥0,并确定等号成立的条件.四、(20分)(1)求出所有的实数a,使得关于x的方程x2+(a+2002)x+a =0的两根皆为整数.(2)试求出所有的.实数a,使得关于x的方程x3+(-a2+2a+2)x-2a2-2a=0有三个整数根.五、(20分)试求正数r的最大值,使得点集T={(x,y)|x、y∈R,且x2+(y-7)2≤r2}一定被包含于另一个点集S={(x,y)|x、y∈R,且对任何∈R,都有cos2 +xcos +y≥0}之中.第二试一、(50分)设a、b、c∈R,b≠ac,a≠-c,z是复数,且z2-(a-c)z-b=0.a2 b a c z求证: 1的充分必要条件是(a-c)2+4b≤0.ac b二、(50分)如图,在△ABC中,∠ABC和∠ACB均是锐角,D是BC边上的内点,且AD平分∠BAC,过点D分别向两条直线AB、AC作垂线DP、DQ,其垂足是P、Q,两条直线CP与BQ相交与点K.求证:(1)AK⊥BC;(2) AK AP AQ2S△ABC,其中S△ABC表BC示△ABC的面积.三、(50分)给定一个正整数n,设n个实数a1,a2,…,an满足下列n个方程:ai4(j 1,2,3, ,n). i j2j 1i 1n确定和式Si 1nai的值(写成关于n的最简式子). 2i 1参考答案第一试二、填空题:18115871、或;38383、343;2、7×2n-1-n2-2n-3; 4、53 12; 265、{ | =2n +或2n -,n∈Z} ;6、1(n为偶数);7(n为奇数). 21 1 1x z y z 1 x y三、证略,等号成立的条件是x y z 或 2或 2或 2.3 z 0 y 0 z 0四、(1)a的可能取值有0,-1336,-1936,-1960,-2664,-4000,-2040;(2)a的可能取值有-3,11,-1,9.五、rmax=42.第二试a c a c 4b i一、证略(提示:直接解出z ,通过变形即得充分性成22立,然后利用反证法证明必要性).二、证略(提示:用同一法,作出BC边上的高AR,利用塞瓦定理证明AR、BQ、CP三线共点,从而AK⊥BC;记AR与PQ交于点T,则AQ=AP,对于AK<AP,可证∠APK<∠AKP).三、S12S△ABC=AR>AT>BC2n 121.。
全国高中数学联赛模拟题
全国高中数学联赛模拟题一 试一、填空题(本题满分64分,每小题8分)1. 已知2a ≥-,且{}2A x x a =-≤≤,{}23,B y y x x A ==+∈,{}2,C t t x x A ==∈,若C B ⊆,则a 的取值范围是 。
2. 在ABC ∆中,若2AB =,3AC =,4BC =,O 为ABC ∆的内心,且AO AB BC λμ=+,则λμ+= .3. 已知函数()()()()21,0,1,0,x x f x f x x -⎧-≤⎪=⎨->⎪⎩若关于x 的方程()f x x a =+有且只有两个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是 。
4. 计算器上有一个特殊的按键,在计算器上显示正整数n 时按下这个按键,会等可能的将其替换为0~n -1中的任意一个数。
如果初始时显示2011,反复按这个按键使得最终显示0,那么这个过程中,9、99、999都出现的概率是 。
5. 已知椭圆22143x y +=的左、右焦点分别为F 1、F 2,过椭圆的右焦点作一条直线l 交椭圆于点P 、Q ,则△F 1PQ 内切圆面积的最大值是 .6. 设{}n a 为一个整数数列,并且满足:()()()11121n n n a n a n +-=+--,n N +∈.若20072008a ,则满足2008n a 且2n ≥的最小正整数n 是 .7. 如图,有一个半径为20的实心球,以某条直径为中心轴挖去一个半径为12的圆形的洞,再将余下部分融铸成一个新的实心球,那么新球的半径是 。
8. 在平面直角坐标系内,将适合,3,3,x y x y <<<且使关于t的方程33421()(3)0x y t x y t x y-+++=-没有实数根的点(,)x y 所成的集合记为N ,则由点集N 所成区域的面积为 。
二、解答题(本题满分56分)9. (本小题满分16分)对正整数2n ≥,记11112n n k k n a n k --==⋅-∑,求数列{}n a 中的最大值.10.(本小题满分20分)已知椭圆 12222=+by a x 过定点A (1,0),且焦点在x 轴上,椭圆与曲线y x =的交点为B 、C 。
全国高中数学联赛省级预赛模拟试题
全国高中数学联赛省级预赛模拟试题第一卷〔选择题 共60分〕 参考公式1.三角函数的积化和差公式sin α•cos β=21[sin(α+β)+sin(α-β)], cos α•sin β=21[sin(α+β)-sin(α-β)],cos α•cos β=21[cos(α+β)+cos(α-β)],sin α•sin β=21[cos(α+β)-cos(α-β)].2.球的体积公式 V 球=34πR 3〔R 为球的半径〕。
一、选择题〔每题5分,共60分〕1.设在xOy 平面上,0<y ≤x 2,0≤x ≤1所围成图形的面积为31。
那么集合 M={(x,y)|x ≤|y|}, N={(x,y)|x ≥y 2| 的交集M ∩N 所表示的图形面积为 A .32 B .31 C .1 D .61 2.在四面体ABCD 中,设AB=1,CD=3,直线AB 及直线CD 的距离为2,夹角为3。
那么四面体ABCD 的体积等于 A .23 B .31 C .21D .33 3.有10个不同的球,其中,2个红球、5个黄球、3个白球。
假设取到一个红球得5分,取到一个白球得2分,取到一个黄球得1分,那么,从中取出5个球,使得总分大于10分且小于15分的取法种数为A .90B .100C .110D .1204.在ΔABC 中,假设(sinA+sinB)(cosA+cosB)=2sinC ,那么 A .ΔABC 是等腰三角形,但不一定是直角三角形 B .ΔABC 是直角三角形,但不一定是等腰三角形 C .ΔABC 既不是等腰三角形,也不是直角三角形 D .ΔABC 既是等腰三角形,也是直角三角形5.f(x)=3x 2-x+4, f(g(x))=3x 4+18x 3+50x 2+69x+48.那么,整系数多项式函数g(x)的各项系数和为A .8B .9C .10D .116.设0<x<1, a,b 为正常数。
高中数学竞赛模拟试题(含详细答案)
高中数学竞赛模拟试题(含详细答案)高中数学竞赛试题(模拟)一、选择题:共10个小题,每小题5分,共50分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求。
1.已知函数f(x)是R上的奇函数,g(x)是R上的偶函数,若f(x)-g(x)=x+9x+12,则f(x)+g(x)=(。
)。
A。
-x+9x-12B。
x+9x-12C。
-x-9x+12D。
x-9x+122.有四个函数:①y=sinx+cosx②y=sinx-cosx③y=sinxcosx④y=(空缺)其中在(x,y)上为单调增函数的是(。
)。
A。
①B。
②C。
①和③D。
②和④3.方程x+x-1=xπ2的解集为A(其中π为无理数,π=3.141…,x为实数),则A中所有元素的平方和等于(。
)。
A。
B。
C。
1D。
44.已知点P(x,y)满足(x-4cosθ)+(y-4sinθ)=4(θ∈R),则点P(x,y)所在区域的面积为(。
)。
A。
36πB。
32πC。
20πD。
16π5.将10个相同的小球装入3个编号为1、2、3的盒子(每次要把10个球装完),要求每个盒子里球的个数不少于盒子的编号数,这样的装法种数为(。
)。
A。
9B。
12C。
15D。
186.已知数列{an}为等差数列,且S5=28,S10=36,则S15等于(。
)。
A。
807.已知曲线C:y=-x2-2x与直线l:x+y-m=0有两个交点,则m的取值范围是(。
)。
A。
(-2-1,2)B。
(-2,2-1)C。
[,2-1)D。
(,2-1)8.过正方体ABCD-A1B1C1D1的对角线BD1的截面面积为S,Smax和Smin分别为S的最大值和最小值,则Smax/Smin的值为(。
)。
A。
B。
C。
D。
9.设x=.82,y=sin1,z=log2237,则x、y、z的大小关系为(。
)。
A。
x<y<zB。
y<z<xC。
z<x<yD。
z<y<x10.如果一元二次方程x-2(a-3)x-b+9=0中,a、b分别是投掷骰子所得的数字,则该二次方程有两个正根的概率P=(。
全国高中数学联赛模拟卷(1)(一试+二试_附详细解答)
全国⾼中数学联赛模拟卷(1)(⼀试+⼆试_附详细解答)全国⾼中数学联赛模拟卷(1)⼀试⼀、填空题(本⼤题共8⼩题,每⼩题8分,共64分)1229x <+的解集为. 2.过正⽅体外接球球⼼的截⾯截正⽅体所得图形可能为______________. ①三⾓形②正⽅形③梯形④五边形⑤六边形3.直线2kx y -=||1x =-有两个不同的交点,则实数k 的取值范围是__ _______.4.复数z ,使322z z z+=,则z 的所有可能值为 _____ ____.5.所有的满⾜条件11aba b a b ab a b ---=?++的正整数对(,)a b 的个数为.6.设,,a b c 为⽅程3120x k x k --=的根(121k k +≠),则111111a b ca b c+++++=--- __. 7.将号码分别为1、2、…、9的九个⼩球放⼊⼀个袋中,这些⼩球仅号码不同,其余完全相同. 甲从袋中摸出⼀个球,其号码为a ,放回后,⼄从此袋中再摸出⼀个球,其号码为b . 则使不等式 0102>+-b a 成⽴的事件发⽣的概率等于.8.已知A , B , C 为△ABC 三内⾓, 向量)2sin 3,2(cosBA B A +-=α,2||=α.如果当C 最⼤时,存在动点M , 使得|||,||,|成等差数列, 最⼤值是__ ___.⼆、解答题(本⼤题共3⼩题,第9题16分,第10、11题20分,共56分)9.对正整数2n ≥,记11112n n k k n a n k --==-∑,求数列{a n }中的最⼤值.10.给定正实数k ,圆⼼为(b a ,)的圆⾄少与抛物线2kx y =有三个公共点,⼀个是原点(0, 0),另两个点在直线b kx y +=上,求b a ,的值(⽤k 表⽰). 11.已知函数,72sin 3|)cos ||sin (|)(--+=x x x a x f 其中a 为实数,求所有的数对(a , n )(n ∈N *),使得函数)(x f y =在区间),0(πn 内恰好有2011个零点.ABCPQ ID O 1 I 1I 2⼆试⼀、(本题满分40分)在Rt ABC ?中,CD 是斜边AB 上的⾼,记12,,I I I 分别是△ADC , △BCD ,△ABC 的内⼼,I 在AB 边上的射影为1O ,,CAB ABC ∠∠的⾓平分线分别交,BC AC 于,P Q ,且PQ 的连线与CD 相交于2O ,求证:四边形1122I O I O 为正⽅形.⼆、(本题满分40分)给定正数a , b , c , d, 证明:ba db a d a dc ad c d c b d c b c b a c b a +++++++++++++++++++333333333333.2222d c b a +++≥三、(本题满分50分)设+∈N k ,定义11=A ,2)1(221+++=+n n nA A kn n , ,2,1=n 证明:当1≥n 时,n A 为整数,且n A 为奇数的充要条件是)4(mod 21或≡n四、(本题满分50分)试求最⼩的正整数,n 使得对于任何n 个连续正整数中,必有⼀数,其各位数字之和是7的倍数.全国⾼中数学联赛模拟卷(1)答案⼀试1.由0211≠+-x 得0,21≠-≥x x ,原不等式可变为()922112+<++x x解得845x 故原不等式的解集为145,00,28-? ?U2.答案:②⑤,解:由对称性可知,所得图形应为中⼼对称图形,且②⑤可以截得3.提⽰:44[2,)(,2]33--?, 曲线为两个半圆,直线过定点(0,?2),数形结合可得.4.答案:0,1,12,12i i -+-- 解:322z z z +==2z z ?,∴2(12)0z z z +-=当 0z =时,满⾜条件,当 0z ≠时,2120z z +-= 设 22(,),212()z a bi a b R a b abi a bi =+∈-++--则∴ 22120(1)220(2)a b a ab b ?-+-=?+=? ,由(2) 2(1)0b a +=1)0b = 代⼊(1) 整理得:2(1)01a a -=?=2)0b ≠,则 1a =- 代⼊(1) 得:242b b =?=±,经检验复数1,12z i =-±均满⾜条件. ∴ z 的所有可能值为0,1,12,12i i -+--. 5.解:显然1a b >≥.由条件得11a a b a a b -->?1b a b -?>11b a b -?≥+,从⽽有bab b b ≥+即b b ab b ≤-,再结合条件及以上结果,可得11a b a b a b a b a b --?++=-aa ab b ≥-+,整理得 11a a b a ab a a b --+≥-?()11a b a a b --=?-1a a -≥,从⽽()211a a a a a a ab a -=+-≥+≥即31a a-≤,所以23a ≤≤.当2a =时,1b =,不符合;当3a =时,2b =(1b =不符合).综上,满⾜本题的正整数对(),a b 只有()32,,故只有1解.6.答案:1212331k k k k ++--,由题意,312()()()x k x k x a x b x c --=--- 由此可得0a b c ++=,1ab bc ca k ++=-,2abc k =以及121(1)(1)(1)k k a b c --=---1113()()3111(1)(1)(1)a b c a b c ab bc ca abc a b c a b c +++-++-+++++=------1212331k k k k ++=-- 7.提⽰:甲、⼄⼆⼈每⼈摸出⼀个⼩球都有9种不同的结果,故基本事件总数为92=81个,由不等式a ?2b +10>0得2b6181135745=++++8.解: 2)cos(2)cos(2122sin 32cos 2||22=+--+=++-?=B A B A B A B A α ,21tan tan cos cos sin sin 2)cos(3)cos(=?=?+=-?B A B A B A B A B A22tan tan 4)tan (tan 2tan tan )tan(tan -=-≤+-=+=+-=B A B A BA B A C ,等号成⽴仅当22tan tan ==B A .令|AB |=2c ,因c 4||||=+, 所以 M 是椭圆1342222=+cy c x 上的动点.故点C (0,c 22), 设M (x ,y ), 则|MC |2=x 2+(c y 22-)2=c y c cy y c cy y y c 3||,2923122344222222≤+--=+-+-. 当y =c 3-时, |MC |2max =22627c +, |MC |max =c 216+. ||AB=4. 9.解:经计算知22a =,33a =,45103a a ==,下⾯⽤数学归纳法证明:当5n ≥时,有103n a ≤ 假设()1053n a n ≤≥,则1211111111122122n n n n n n a n n n +-++++=+?+?++?-- 21111212212n n n n n n n n n n -++??=++?++? ?--?? 112n n n a n n ++=+ 1110186810233533n n n n n n +++≤+?=?≤?<所以数列{a n }中的最⼤值是45103a a ==10.解:设⊙O :,)()(2222b a b y a x +=-+- 即02222=-+-by y ax x抛物线与直线b kx y +=的两个交点坐标为),(),,,(2211y x y x ,则211222kx kx b kx kx b =+??=+?,即12121x x b x x k +==-??①, 这两点亦在圆上,即),(2)(222111*********b kx b b kx ax x by y ax x o +-++-=-+-=?02)1(21212=--+b ax x k同理 02)1(22222=--+b ax x k , 即 12221222,1.1a x x k b x x k ?+=??+?-?=?+?②⽐较①,②知:kk k k b k a 11),1(2122+=+=+= 11.解:⾸先,函数)(x f 以为π周期,且以)(42Z k k x ∈+=ππ为对称轴,即 ))(()2(),()(Z k x f x k f x f x f ∈=-+=+πππ,其次,42)43(,102)4(,7)2(-=+-=+-=a k f a k f a k f πππππ,∵)(x f 关于)(42Z k k x ∈+=ππ对称,∴)(x f 在)42,2(πππ+k k 及)22,42(ππππ++k k 上的零点个数为偶数,要使)(x f 在区间)0πn ,(恰有2011个零点,则上述区间端点必有零点(1)若7=a ,则0)42(,0)2(≠+=πππk f k f ,考虑区间)2,0(π及),2(ππ上的零点个数.ABCP Q ID O 1I 1 I 2令].2,1((cos sin ∈+=t x x t 则0473)(2=-+-==t t t g y ,解得11=t (舍),)4sin(2342π+==x t ,故在2 ,0(π内有两解.当),2(ππ∈x 时,72sin 3)cos (sin 7)(---=x x x x f ,令]2,1((cos sin ∈-=t x x t ,则01073)(2=-+==t t t g y ,解得11=t (舍),3102-=t (舍),故在),2(ππ内⽆解.因此,)(x f 在区间),0(π内有三个零点..503201114)1(3),0(==-=-+n n n n n 个零点。
全国高中数学联赛一试模拟试题
7.设对于任意满足 的自然数 , 有不等式 恒成立,则 的最大值为__________
8.圆周上有10个等分点,则以这10个等分点中的四个点为顶点的凸四边形中,梯形所占的比为_______
二、解答题(本大题共3小题,第9题16分,第10、11题20分,共56分)
一、填空题(本大题共8小题,每小题8分,共64分)
1.设a,b是两个正整数,它们的最小公倍数是24·33·72·11,那么这样的有序正整数对(a,b)有_组.
2.方程16sinπxcosπx=16x+ 的解集合为
3.三棱锥 是三条侧棱两两垂直的三棱锥, 是底面 内的一点,
那么 的最小值是___是.
5.一个盒中有 个正品和 个废品,每次取一个产品,取出后不在放回,在取得正品前已取出的废品数 的数学期望 =_________________.
6.若非负实数 满足 ,则 .
7.正整数 使得 是完全平方数,则 的个位数字是.
8.在平面直角坐标系内,将适合x<y,|x|<3, |y|<3,且使关于t的方程 =0没有实数根的点 所成的集合记为N,则由点集N所成区域的面积为_______.
9.已知正实数 ,设 , .(1)当 时,求 的取值范围;
(2)若以 为三角形的两边,第三条边长为 构成三角形,求 的取值范围.
10.已知数列{an}: , ⑴证明:
⑵求出所有的正整数 ,使得 为完全平方数.
11.设 为正实数,且 .证明: .
全国高中数学联赛一试模拟试题(3)
(考试时间:80分钟满分:120分)
__________
8.设向量 满足对任意 和θ∈[0, ],
恒成立.则实数a的取值范围是________________.
全国高中数学联赛一试模拟试题一
全国高中数学联赛一试模拟试题一一、填空题1.已知sin αcos β=1,则cos(α+β)= .2.已知等差数列{a n }的前11项的和为55,去掉一项a k 后,余下10项的算术平均值为4.若a 1=-5,则k = .3.设一个椭圆的焦距、短轴长、长轴长成等比数列,则此椭圆的离心率e = .4.已知3x +19x -1=13-31-x,则实数x = .5.如图,在四面体ABCD 中,P 、Q 分别为棱BC 与CD 上的点,且BP =2PC ,CQ =2QD .R 为棱AD 的中点,则点A 、B 到平面PQR 的距离的比值为 . 6.设f (x )=log 3x -4-x ,则满足f (x )≥0的x 的取值范围是 .7.右图是某种净水水箱结构的设计草图,其中净水器是一个宽10cm 、体积为3000cm 3的长方体,长和高未定.净水水箱的长、宽、高比净水器的长、宽、高分别长20cm 、20cm 、60cm .若不计净水器中的存水,则净水水箱中最少可以存水 cm 3.8.设点O 是△ABC 的外心,AB =13,AC =12,则→BC ·→AO = . 9.设数列{a n }满足:a n +1a n =2a n +1-2(n =1,2,…),a 2009=2,则此数列的前2009项的和为 .10.设a 是整数,0≤b <1.若a 2=2b (a +b ),则b = . 二、解答题11.在直角坐标系xOy 中,直线x -2y +4=0与椭圆x 29+y 24=1交于A ,B 两点,F 是椭圆的左焦点.求以O ,F ,A ,B 为顶点的四边形的面积.12.如图,设D 、E 是△ABC 的边AB 上的两点,已知∠ACD =∠BCE ,AC =14,AD =7,AB =28,CE =12.求BC .13.若不等式x +y ≤k 2x +y 对于任意正实数x ,y 成立,求k 的取值范围.14.⑴ 写出三个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数,请予以验证;⑵ 是否存在四个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数?请证明你的结论.EBCD ABCDAPQ R2009年全国高中数学联赛江苏赛区初赛(2009年5月3日8∶00-10∶00)一、填空题(每小题7分,共70分)1.已知sin αcos β=1,则cos(α+β)= . 填0.解:由于|sin α|≤1,|cos β|≤1,现sin αcos β=1,故sin α=1,cos β=1或sin α=-1,cos β=-1,∴ α=2kπ+π2,β=2lπ或α=2kπ-π2,β=2lπ+π⇒α+β=2(k +l )π+π2(k ,l ∈Z ).∴ cos(α+β)=0.2.已知等差数列{a n }的前11项的和为55,去掉一项a k 后,余下10项的算术平均值为4.若a 1=-5,则k = .填11.解:设公差为d ,则得55=-5×11+12×11×10d ⇒55d =110⇒d =2.a k =55-4×10=15=-5+2(k -1)⇒k =11.3.设一个椭圆的焦距、短轴长、长轴长成等比数列,则此椭圆的离心率e = . 填-1+52.解:由(2b )2=2c ×2a ⇒a 2-c 2=ac ⇒e 2+e -1=0⇒e =-1+52.4.已知3x +19x -1=13-31-x ,则实数x = .填1.解:即13x -1=3x3(3x -1)⇒32x -4×3x +3=0⇒3x =1(舍去),3x =3⇒x =1.5.如图,在四面体ABCD 中,P 、Q 分别为棱BC 与CD 上的点,且BP =2PC ,CQ =2QD .R 为棱AD 的中点,则点A 、B 到平面PQR 的距离的比值为 .填14. 解:A 、B 到平面PQR 的距离分别为三棱锥APQR 与BPQR 的以三角形PQR 为底的高.故其比值等于这两个三棱锥的体积比.V APQR =12V APQD =12×13V APCD =12×13×13V ABCD =118V ABCD ;又,S BPQ =S BCD -S BDQ -S CPQ =(1-13-23×13)S BCD =49S BCD ,V RBPQ =49V RBCD =12×49V ABCD =418V ABCD .∴ A 、B 到平面PQR 的距离的比=1∶4.又,可以求出平面PQR 与AB 的交点来求此比值:在面BCD 内,延长PQ 、BD 交于点M ,则M 为面PQR 与棱BD 的交点.由Menelaus 定理知,BM MD ·DQ QC ·CP PB =1,而DQ QC =12,CP PB =12,故BMMD =4.在面ABD 内,作射线MR 交AB 于点N ,则N 为面PQR 与AB 的交点. 由Menelaus 定理知,BM MD ·DR RA ·AN NB =1,而BM MD =4,DR RA =1,故AN NB =14.∴ A 、B 到平面PQR 的距离的比=1∶4.6.设f (x )=log 3x -4-x ,则满足f (x )≥0的x 的取值范围是 .填[3,4].解:定义域(0,4].在定义域内f (x )单调增,且f (3)=0.故f (x )≥0的x 的取值范围为[3,4]. 7.右图是某种净水水箱结构的设计草图,其中净水器是一个宽10cm 、体积为3000cm 3的长方体,长和高未定.净水水箱的长、宽、高比净水器的长、宽、高分别长20cm 、20cm 、60cm .若不计净水器中的存水,则净水水箱中最少可以存水 cm 3.填78000.解:设净水器的长、高分别为x ,y cm ,则 xy =300,V =30(20+x )(60+y )=30(1200+60x +20y +xy )≥30(1200+260x ×20y +300)=30(1500+1200)=30×2700.∴ 至少可以存水78000cm 3.8.设点O 是△ABC 的外心,AB =13,AC =12,则→BC ·→AO = . 填-252.解:设|→AO |=|→BO |=|→OC |=R .则→BC ·→AO =(→BO +→OC )·→AO =→BO ·→AO +→OC ·→AO =R 2cos(π-2C )+R 2cos2B=R 2(2sin 2C -2sin 2B )=12(2R sin B )2-12(2R sin C )2=12(122-132)=-252.9.设数列{a n }满足:a n +1a n =2a n +1-2(n =1,2,…),a 2009=2,则此数列的前2009项的和为 .填2008+2.解:若a n +1≠0,则a n =2-2a n +1,故a 2008=2-2,a 2007=2-22-2=-2,a 2006=2+2,a 2005=2.一般的,若a n ≠0,1,2,则a n =2-2a n +1,则a n -1=a n +1-2a n +1-1,a n -2=22-a n +1,a n -3=a n +1,故a n -4=a n .于是,Σk =12009a n=502(a 1+a 2+a 3+a 4)+a2009=502(a 2005+a 2006+a 2007+a 2008)+a 2009=2008+2.10.设a 是整数,0≤b <1.若a 2=2b (a +b ),则b = .BCDAP QR BMNR Q PA DC B填0,3-12,3-1.解:若a 为负整数,则a 2>0,2b (a +b )<0,不可能,故a ≥0.于是a 2=2b (a +b )<2(a +1)⇒a 2-2a -2<0⇒0≤a <1+3⇒a =0,1,2. a =0时,b =0;a =1时,2b 2+2b -1=0⇒b =3-12;a =2时,b 2+2b -2=0⇒b =3-1.说明:本题也可以这样说:求实数x ,使[x ]2=2{x }x . 二、解答题(本大题共4小题,每小题20分,共80分)11.在直角坐标系xOy 中,直线x -2y +4=0与椭圆x 29+y 24=1交于A ,B 两点,F 是椭圆的左焦点.求以O ,F ,A ,B 为顶点的四边形的面积.解:取方程组⎩⎨⎧4x 2+9y 2=36,x =2y -4.代入得,25y 2-64y +28=0.此方程的解为y =2,y =1425.即得B (0,2),A (-7225,1425),又左焦点F 1(-5,0).连OA 把四边形AFOB 分成两个三角形. 得,S =12×2×7225+12×5×1425=125(72+75).也可以这样计算面积:直线与x 轴交于点C (-4,0).所求面积=12×4×2-12×(4-5)×1425=125(72+75).也可以这样计算面积:所求面积=12(0×2-0×0+0×1425-(-7225)×2+(-7225)×0-(-5)×1425+(-5)×0-0×0)=12(14425+14255)=125(72+75). 12.如图,设D 、E 是△ABC 的边AB 上的两点,已知∠ACD =∠BCE ,AC =14,AD =7,AB =28,CE =12.求BC .解:AD AC =ACAB⇒△ACD ∽△ABC ⇒∠ABC =∠ACD =∠BCE .∴ CE =BE =12.AE =AB -BE =16.∴ cos A =AC 2+AE 2-CE 22AC ·AE =142+162-1222·14·16=142+28·42·14·16=1116.∴ BC 2=AC 2+AB 2-2AC ·AB cos A =142+282-2·14·28·1116=72·9⇒BC =21.13.若不等式x +y ≤k 2x +y 对于任意正实数x ,y 成立,求k 的取值范围.解法一:显然k >0.(x +y )2≤k 2(2x +y )⇒(2k 2-1)x -2xy +(k 2-1)y ≥0对于x ,y >0恒成立.令t =xy>0,则得f (t )=(2k 2-1)t 2-2t +(k 2-1)≥0对一切t >0恒成立. 当2k 2-1≤0时,不等式不能恒成立,故2k 2-1>0.此时当t =12k 2-1时,f (t )取得最小值12k 2-1-22k 2-1+k 2-1=2k 4-3k 22k 2-1=k 2(2k 2-3)2k 2-1.当2k 2-1>0且2k 2-3≥0,即k ≥62时,不等式恒成立,且当x =4y >0时等号成立. ∴ k ∈[62,+∞). 解法二:显然k >0,故k 2≥(x +y )22x +y =x +2xy +y2x +y .令t =x y >0,则k 2≥t 2+2t +12t 2+1=12(1+4t +12t 2+1). 令u =4t +1>1,则t =u -14.只要求s (u )=8uu 2-2u +9的最大值.s (u )=8u +9u-2≤82u ·9u -2=2,于是,12(1+4t +12t 2+1)≤12(1+2)=32.∴k 2≥32,即k ≥62时,不等式恒成立(当x =4y >0时等号成立).又:令s (t )=4t +12t 2+1,则s '(t )=8t 2+4-4t (4t +1)(2t 2+1)2=-8t 2-4t +4(2t 2+1)2,t >0时有驻点t =12.且在0<t <12时,s '(t )>0,在t >12时,s '(t )<0,即s (t )在t =12时取得最大值2,此时有k 2≥12(1+s (12))=32.解法三:由Cauchy 不等式,(x +y )2≤(12+1)(2x +y ).即(x +y )≤622x +y 对一切正实数x ,y 成立. 当k <62时,取x =14,y =1,有x +y =32,而k 2x +y =k 62<62×62=32.即不等式不能恒成立.而当k ≥62时,由于对一切正实数x ,y ,都有x +y ≤622x +y ≤k 2x +y ,故不等式恒成立.∴ k ∈[62,+∞). 14.⑴ 写出三个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数,请予以验证;⑵ 是否存在四个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数?请证明你的结论.EBCDA解:对于任意n∈N*,n2≡0,1(mod 4).设a,b是两个不同的自然数,①若a≡0(mod 4)或b≡0(mod 4),或a≡b≡2(mod 4),均有ab≡0(mod 4),此时,ab+10≡2(mod 4),故ab+10不是完全平方数;②若a≡b≡1(mod 4),或a≡b≡3(mod 4),则ab≡1(mod 4),此时ab+10≡3(mod 4),故ab+10不是完全平方数.由此知,ab+10是完全平方数的必要不充分条件是a≡/b(mod 4)且a与b均不能被4整除.⑴由上可知,满足要求的三个自然数是可以存在的,例如取a=2,b=3,c=13,则2×3+10=42,2×13+10=62,3×13+10=72.即2,3,13是满足题意的一组自然数.⑵由上证可知不存在满足要求的四个不同自然数.这是因为,任取4个不同自然数,若其中有4的倍数,则它与其余任一个数的积加10后不是完全平方数,如果这4个数都不是4的倍数,则它们必有两个数mod 4同余,这两个数的积加10后不是完全平方数.故证.。
全国高中数学联赛一试试题
全国高中数学联合竞赛一试 试题参考答案及评分标准(A 卷)说明:1.评阅试卷时,请依据本评分标准.选择题只设6分和0分两档,填空题只设9分和0分两档;其他各题的评阅,请严格按照本评分标准的评分档次给分,不要增加其他中间档次.2.如果考生的解答方法和本解答不同,只要思路合理、步骤正确,在评卷时可参考本评分标准适当划分档次评分,解答题中5分为一个档次,不要增加其他中间档次.一、选择题(本题满分36分,每小题6分)1.函数254()2x x f x x-+=-在(,2)-∞上的最小值是 ( C )A .0B .1C .2D .3[解] 当2x <时,20x ->,因此21(44)1()(2)22x x f x x x x+-+==+---12(2)2x x ≥⋅--2=,当且仅当122x x=--时上式取等号.而此方程有解1(,2)x =∈-∞,因此()f x 在(,2)-∞上的最小值为2.2.设[2,4)A =-,2{40}B x x ax =--≤,若B A ⊆,则实数a 的取值范围为 ( D ) A .[1,2)- B .[1,2]- C .[0,3] D .[0,3) [解] 因240x ax --=有两个实根21424a a x =+22424a a x =+故B A ⊆等价于12x ≥-且24x <,即24224a a +≥-且24424a a +, 解之得03a ≤<.3.甲乙两人进行乒乓球比赛,约定每局胜者得1分,负者得0分,比赛进行到有一人比对方多2分或打满6局时停止.设甲在每局中获胜的概率为23,乙在每局中获胜的概率为13,且各局胜负相互,则比赛停止时已打局数ξ的期望E ξ为 ( B ) A. 24181 B. 26681 C. 27481D. 670243[解法一] 依题意知,ξ的所有可能值为2,4,6.设每两局比赛为一轮,则该轮结束时比赛停止的概率为22215()()339+=.若该轮结束时比赛还将继续,则甲、乙在该轮中必是各得一分,此时,该轮比赛结果对下轮比赛是否停止没有影响.从而有5(2)9P ξ==,4520(4)()()9981P ξ===,2416(6)()981P ξ===,故520162662469818181E ξ=⨯+⨯+⨯=.[解法二] 依题意知,ξ的所有可能值为2,4,6.令k A 表示甲在第k 局比赛中获胜,则k A 表示乙在第k 局比赛中获胜. 由性与互不相容性得12125(2)()()9P P A A P A A ξ==+=, 1234123412341234(4)()()()()P P A A A A P A A A A P A A A A P A A A A ξ==+++332112202[()()()()]333381=+=,1234123412341234(6)()()()()P P A A A A P A A A A P A A A A P A A A A ξ==+++2221164()()3381==,故520162662469818181E ξ=⨯+⨯+⨯=.4.若三个棱长均为整数(单位:cm )的正方体的表面积之和为564 cm 2,则这三个正方体的体积之和为 ( A ) A. 764 cm 3或586 cm 3 B. 764 cm 3 C. 586 cm 3或564 cm 3 D. 586 cm 3[解] 设这三个正方体的棱长分别为,,a b c ,则有()2226564a b c ++=,22294a b c ++=,不妨设110a b c ≤≤≤<,从而2222394c a b c ≥++=,231c >.故610c ≤<.c 只能取9,8,7,6.若9c =,则22294913a b +=-=,易知2a =,3b =,得一组解(,,)(2,3,9)a b c =. 若8c =,则22946430a b +=-=,5b ≤.但2230b ≥,4b ≥,从而4b =或5.若5b =,则25a =无解,若4b =,则214a =无解.此时无解.若7c =,则22944945a b +=-=,有唯一解3a =,6b =.若6c =,则22943658a b +=-=,此时222258b a b ≥+=,229b ≥.故6b ≥,但6b c ≤=,故6b =,此时2583622a =-=无解.综上,共有两组解2,3,9a b c =⎧⎪=⎨⎪=⎩或3,6,7.a b c =⎧⎪=⎨⎪=⎩体积为3331239764V =++=cm 3或3332367586V =++=cm 3.5.方程组0,0,0x y z xyz z xy yz xz y ++=⎧⎪+=⎨⎪+++=⎩的有理数解(,,)x y z 的个数为 ( B ) A. 1 B. 2 C. 3 D. 4[解] 若0z =,则00.x y xy y +=⎧⎨+=⎩,解得00x y =⎧⎨=⎩,或11.x y =-⎧⎨=⎩,若0z ≠,则由0xyz z +=得1xy =-. ① 由0x y z ++=得z x y =--. ②将②代入0xy yz xz y +++=得220x y xy y ++-=. ③ 由①得1x y=-,代入③化简得3(1)(1)0y y y ---=. 易知310y y --=无有理数根,故1y =,由①得1x =-,由②得0z =,与0z ≠矛盾,故该方程组共有两组有理数解0,0,0x y z =⎧⎪=⎨⎪=⎩或1,1,0.x y z =-⎧⎪=⎨⎪=⎩6.设ABC ∆的内角A B C ,,所对的边,,a b c 成等比数列,则sin cot cos sin cot cos A C AB C B++的取值范围是( C )A. (0,)+∞B. 51(0,)2C. 5151()-+D. 51()-+∞[解] 设,,a b c 的公比为q ,则2,b aq c aq ==,而sin cot cos sin cos cos sin sin cot cos sin cos cos sin A C A A C A CB C B B C B C++=++ sin()sin()sin sin()sin()sin A C B B bq B C A A aππ+-=====+-.因此,只需求q 的取值范围.因,,a b c 成等比数列,最大边只能是a 或c ,因此,,a b c 要构成三角形的三边,必需且只需a b c +>且b c a +>.即有不等式组22,a aq aq aq aq a ⎧+>⎪⎨+>⎪⎩即2210,10.q q q q ⎧--<⎪⎨+->⎪⎩ 解得1551,225151.22q q q ⎧-<<⎪⎪⎨⎪><-⎪⎩或 5151q -+<<,因此所求的取值范围是5151(-+. 二、填空题(本题满分54分,每小题9分)7.设()f x ax b =+,其中,a b 为实数,1()()f x f x =,1()(())n n f x f f x +=,1,2,3,n =,若7()128381f x x =+,则a b += 5 . [解] 由题意知12()(1)n n n n f x a x a a a b --=+++++11n na a xb a -=+⋅-,由7()128381f x x =+得7128a =,713811a b a -⋅=-,因此2a =,3b =,5a b +=.8.设()cos 22(1cos )f x x a x =-+的最小值为12-,则a =23-+[解] 2()2cos 122cos f x x a a x =---2212(cos )2122a x a a =----,(1) 2a >时,()f x 当cos 1x =时取最小值14a -; (2) 2a <-时,()f x 当cos 1x =-时取最小值1; (3) 22a -≤≤时,()f x 当cos 2a x =时取最小值21212a a ---. 又2a >或2a <-时,()f x 的最小值不能为12-,故2112122a a ---=-,解得23a =-+23a =-舍去).9.将24个志愿者名额分配给3个学校,则每校至少有一个名额且各校名额互不相同的分配方法共有 222 种.[解法一] 用4条棍子间的空隙代表3个学校,而用*表示名额.如||||********表示第一、二、三个学校分别有4,18,2个名额.若把每个“*”与每个“|”都视为一个位置,由于左右两端必须是“|”,故不同的分配方法相当于24226+=个位置(两端不在内)被2个“|”占领的一种“占位法”.“每校至少有一个名额的分法”相当于在24个“*”之间的23个空隙中选出2个空隙插入“|”,故有223C 253=种. 又在“每校至少有一个名额的分法”中“至少有两个学校的名额数相同”的分配方法有31种.综上知,满足条件的分配方法共有253-31=222种.[解法二] 设分配给3个学校的名额数分别为123,,x x x ,则每校至少有一个名额的分法数为不定方程12324x x x ++=.的正整数解的个数,即方程12321x x x ++=的非负整数解的个数,它等于3个不同元素中取21个元素的可重组合:2121232323H C C 253===. 又在“每校至少有一个名额的分法”中“至少有两个学校的名额数相同”的分配方法有31种.综上知,满足条件的分配方法共有253-31=222种. 10.设数列{}n a 的前n 项和n S 满足:1(1)n n n S a n n -+=+,1,2,n =,则通项n a =112(1)n n n -+. [解] 1111(1)(2)(1)n n n n n n n a S S a a n n n n +++-=-=--++++,即 2n n a n n n n n n a ++++-++-+=+)1(111)2)(1(221=)1(1)2)(1(2+++++-n n a n n n , 由此得 2)1(1))2)(1(1(1++=++++n n a n n a n n . 令1(1)n n b a n n =++,111122b a =+= (10a =),有112n n b b +=,故12n n b =,所以)1(121+-=n n a n n . 11.设()f x 是定义在R 上的函数,若(0)2008f = ,且对任意x ∈R ,满足(2)()32x f x f x +-≤⋅,(6)()632x f x f x +-≥⋅,则)2008(f =200822007+.[解法一] 由题设条件知(2)()((4)(2))((6)(4))((6)())f x f x f x f x f x f x f x f x +-=-+-+-+-+++-24323263232x x x x ++≥-⋅-⋅+⋅=⋅, 因此有(2)()32x f x f x +-=⋅,故(2008)(2008)(2006)(2006)(2004)(2)(0)(0)f f f f f f f f =-+-++-+2006200423(2221)(0)f =⋅+++++10031413(0)41f +-=⋅+-200822007=+. [解法二] 令()()2x g x f x =-,则2(2)()(2)()2232320x x x x g x g x f x f x ++-=+--+≤⋅-⋅=,6(6)()(6)()226326320x x x x g x g x f x f x ++-=+--+≥⋅-⋅=,即(2)(),(6)()g x g x g x g x +≤+≥,故()(6)(4)(2)()g x g x g x g x g x ≤+≤+≤+≤, 得()g x 是周期为2的周期函数,所以200820082008(2008)(2008)2(0)222007f g g =+=+=+.12.一个半径为1的小球在一个内壁棱长为46球永远不可能接触到的容器内壁的面积是723.[解] 如答12图1,考虑小球挤在一个角时的情况,记小球半径为r ,作平面111A B C //平面ABC ,与小球相切于点D ,则小球球心O 为正四面体111P A B C -的中心,111PO A B C ⊥面,垂足D 为111A B C 的中心.因11111113P A B C A B C V S PD -∆=⋅1114O A B C V -=⋅111143A B C S OD ∆=⋅⋅⋅,故44PD OD r ==,从而43PO PD OD r r r =-=-=.记此时小球与面PAB 的切点为1P ,连接1OP ,则222211(3)22PP PO OP r r r=--=.答13图答12图 2 考虑小球与正四面体的一个面(不妨取为PAB )相切时的情况,易知小球在面PAB 上最靠近边的切点的轨迹仍为正三角形,记为1P EF ,如答12图2.记正四面体 的棱长为a ,过1P 作1PM PA ⊥于M . 因16MPP π∠=,有113cos 226PM PP MPP r r =⋅==,故小三角形的边长1226PE PA PM a r =-=-. 小球与面PAB 不能接触到的部分的面积为(如答12图2中阴影部分)1PAB P EF S S ∆∆-223(26))a a r =--23263ar r =-. 又1r =,46a =124363183PAB PEF S S ∆∆-= 由对称性,且正四面体共4个面,所以小球不能接触到的容器内壁的面积共为723 三、解答题(本题满分60分,每小题20分)13.已知函数|sin |)(x x f =的图像与直线y kx = )0(>k 有且仅有三个交点,交点的横坐标的最大值为α,求证:2cos 1sin sin 34ααααα+=+. [证] ()f x 的图象与直线y kx =)0(>k 的三个交点如答13图所示,且在3(,)2ππ内相切,其切点为(,sin )A αα-,3(,)2παπ∈. …5分由于()cos f x x '=-,3(,)2x ππ∈,所以sin cos ααα-=-,即tan αα=. …10分 因此cos cos sin sin 32sin 2cos αααααα=+ 14sin cos αα=…15分22cos sin 4sin cos αααα+=21tan 4tan αα+=214αα+=. …20分 14.解不等式121086422log (3531)1log (1)x x x x x ++++<++.[解法一] 由44221log (1)log (22)x x ++=+,且2log y 在(0,)+∞上为增函数,故原不等式等价于1210864353122x x x x x ++++>+.即 1210864353210x x x x x +++-->. …5分 分组分解 12108x x x +- 1086222x x x ++- 864444x x x ++- 642x x x ++- 4210x x ++->,864242(241)(1)0x x x x x x +++++->, …10分所以 4210x x +->, 221515()(022x x ----->. …15分 所以215x -+>,即152x -+<-152x -+> 故原不等式解集为5151(,)(,)22---∞-+∞. …20分 [解法二] 由44221log (1)log (22)x x ++=+,且2log y 在(0,)+∞上为增函数,故原不等式等价于1210864353122x x x x x ++++>+. (5)分 即6422232262133122(1)2(1)x x x x x x x x+<+++++=+++, )1(2)1()1(2)1(232232+++<+x x xx , …10分题15图令3()2g t t t =+,则不等式为221()(1)g g x x<+, 显然3()2g t t t =+在R 上为增函数,由此上面不等式等价于2211x x <+, …15分 即222()10x x +->,解得251x ->(251x +<舍去),故原不等式解集为5151(,)(,)22---∞-+∞. …20分 15.如题15图,P 是抛物线22y x =上的动点,点B C ,在y 轴上,圆22(1)1x y -+=内切于PBC ∆,求PBC ∆面积的最小值.[解] 设00(,),(0,),(0,)P x y B b C c ,不妨设b c >.直线PB 的方程:00y by b x x --=, 化简得 000()0y b x x y x b --+=.又圆心(1,0)到PB 的距离为1,0022001()y b x b y b x-+=-+ , …5分故22222000000()()2()y b x y b x b y b x b -+=-+-+,易知02x >,上式化简得2000(2)20x b y b x -+-=,同理有2000(2)20x c y c x -+-=. …10分 所以0022y b c x -+=-,002x bc x -=-,则22200020448()(2)x y x b c x +--=-.因00(,)P x y 是抛物线上的点,有2002y x =,则22204()(2)x b c x -=-,0022x b c x -=-. …15分 所以00000014()(2)4222PBC x S b c x x x x x ∆=-⋅=⋅=-++-- 2448≥=.当20(2)4x -=时,上式取等号,此时004,22x y ==±.因此PBC S 的最小值为8. …20分。
全国高中数学联赛省级预赛模拟试题1
全国高中数学联赛省级预赛模拟试题第Ⅰ卷(选择题 共60分) 参考公式1.三角函数的积化和差公式sinα•cosβ=21[sin(α+β)+sin(αβ)], cosα•sinβ=21[sin(α+β)sin(αβ)],cosα•cosβ=21[cos(α+β)+cos(αβ)],sinα•sinβ=21[cos(α+β)cos(αβ)].2.球的体积公式 V 球=34πR3(R 为球的半径)。
一、选择题(每小题5分,共60分)1.设在xOy 平面上,0<y≤x2,0≤x≤1所围成图形的面积为31。
则集合 M={(x,y)|x≤|y|}, N={(x,y)|x≥y2| 的交集M∩N 所表示的图形面积为 A .32 B .31 C .1 D .61 2.在四面体ABCD 中,设AB=1,CD=3,直线AB 与直线CD 的距离为2,夹角为3π。
则四面体ABCD 的体积等于 A .23 B .31 C .21D .33 3.有10个不同的球,其中,2个红球、5个黄球、3个白球。
若取到一个红球得5分,取到一个白球得2分,取到一个黄球得1分,那么,从中取出5个球,使得总分大于10分且小于15分的取法种数为A .90B .100C .110D .1204.在ΔABC 中,若(sinA+sinB)(cosA+cosB)=2sinC ,则 A .ΔABC 是等腰三角形,但不一定是直角三角形 B .ΔABC 是直角三角形,但不一定是等腰三角形 C .ΔABC 既不是等腰三角形,也不是直角三角形 D .ΔABC 既是等腰三角形,也是直角三角形5.已知f(x)=3x2x+4, f(g(x))=3x4+18x3+50x2+69x+48.那么,整系数多项式函数g(x)的各项系数和为A .8B .9C .10D .116.设0<x<1, a,b 为正常数。
则xb x a -+122的最小值是A .4abB .(a+b)2C .(ab)2D .2(a2+b2) 7.设a,b>0,且a+b=a+b 。
全国高中数学联赛模拟试题一
全国高中数学联赛模拟试题(一)第一试一、选择题(共36分)1. 在复平面上,非零复数z 1,z 2在以z=i 对应的点为圆心,1为半径的圆上,21z z 的实部为零,argz 1=π6,则z 2= ( )A.-32+32i B.32-32i C.-32+32iD.32-32i 2. 已知函数f(x)=log a (ax 2-x +12)在[1,2]上恒正,则实数a 的取值范围是( )A.(12,58)B.(32,+∞)C.(12,58)∪(32,+∞)D.(12,+∞) 3. 已知双曲线过点M(-2,4)和N(4,4),它的一个焦点为F 1(1,0),则另一个焦点F 2的轨迹方程是 ( )A.(x -1)225+(y -4)216=1(y ≠0)或x =1(y ≠0)B.(x -1)216+(y -4)225=1(x ≠0)或x =1(y ≠0)C.(x -4)225+(y -1)216=1(y ≠0)或y =1(x ≠0)D.(x -4)216+(y -1)225=1(x ≠0)或y =1(x ≠0)4. 已知正实数a ,b 满足a +b =1,则M =1+a 2+1+2b 的整数部分是 ( ) A.1 B.2 C.3 D.45. 一条笔直的大街宽度为40米,一条人行横道穿过这条街,并与街道成一定的角度,人行横道长度为50米,与大街边缘结合部的宽度为15米,则人行横道的宽度为( ) A.9米 B.10米 C.12米 D.15米6. 一条铁路原有m 个车站,为适应客运需要新增加n(n >1)个车站,结果客运车票增加了58种(注:从甲站到乙站和从乙站到甲站需要两种不同的车票),那么原有车站的个数为 A.12 B.13 C.14 D.15 ( )二、填空题(共54分)7. 长方形ABCD 的长AB 是宽BC 的23倍,把它折成无底的正三棱柱,使AD 与BC 重合,折痕线EF ,GH 分别交原来长方形对角线AC 于M 、N ,则折后截面AMN 与底面AFH 所成的角是_____.8. 在△ABC 中,a ,b ,c 是角A ,B ,C 的对边,且满足a 2+b 2=2c 2,则角C 的最大值是_____.9.从盛满a升(a>1)纯酒精的容器中倒出1升,然后加水填满,在倒出1升混合溶液后又加水填满,如此继续下去,则第n次操作后溶液的浓度为__________________. 10.已知函数f(x)和g(x)的定义域均为非负实数集,对任意的x≥0,规定f(x)*g(x)=min{f(x),g(x)},若f(x)=3-x,g(x)=2x+5,则f(x)*g(x)的最大值是_________.11.从1到100的自然数中,每次取出不同的两个数,使它们的和大于100,则可有_______种不同的取法.12.若实数a>0,则满足a5-a3+a=2的a值属于区间:①(0,63);②(62,63),③(63,+∞);④(0,32).其中正确的是_________________.三、解答题(共计60分)13.(20分)求证:经过正方体中心的任意截面的面积不小于正方体一个侧面的面积.14.(20分)直线Ax+By+C=0(ABC≠0)与椭圆b2x2+a2y2=a2b2相交于P和Q两点,O为坐标原点,且OP⊥OQ,求证:a2b2c2=a2+b2A2+B2.15.(20分)某新建商场设有百货部、服装部和家电部三个经营部,共有190名售货员,计划全商场的日营业额(每日卖出商品所收到的总金额)为60万元,根据经验,各部商品每1万元营业额需要售货员人数及每1万元营业额所得利润情况如表所示,商场将计划日营业额分配给三个经营部,同时适当安排各部的营业员人数,若商场预计每日的总利润为c万元,且19≤c≤19.7,又已知商场分配给经营部的营业额均为整数万元,第二试一、(50分)矩形ABCD 的边AD =λ·AB ,以AB 为直径在矩形外作半圆,在半圆上任取不同于A 、B 的一点P ,连PC 、PD 交AB 于E 、F ,若AE 2+BF 2=AB 2,求正实数λ的值.二、(50分)若a i ∈R +(i =1,2,……,n),S =∑=n1i ia,且2≤n ∈N ,求证:∑∑==-≥-n 1k 2k n1k k3ka 1n 1a S a .三、(50分)无穷数列{c n }由下列法则定义:c n +1=|1-|1-2c n ||,而0≤c 1≤1(1)证明:仅当c 1是有理数时,数列自某一项开始成为周期数列; (2)存在多少个不同的c 1值,使得数列自某项之后以T 为周期(对于每个T =2,3,……)?全国高中数学联赛模拟试题(一)参考答案 第一试一、选择题 1. A如图所示,设复数z 1对应的点为Z 1,则|OZ 1|=2sin π6=1,∴ z 1=32+12i再设z 2=x +yi(x ,y ∈R)由|z 2-i|=1得x 2+(y -1)2=1 …………① ∵ (32-12i)(x +yi)的实部等于0, ∴ 3x +y =0 …………②联立①②解得⎩⎨⎧==⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=-=0y 0x 23y 23x 或(舍去) 故z 2=-32+32i 2. C设g(x)=ax 2-x +12,首先由g(x)>0得a >x -12x 2=-12x 2+1x当1≤x ≤2时,(-12x 2+1x )max =12从而a >12,在此前提下,易知函数g(x)=ax 2-x +12的对称轴x =12a在区间[1,2]的左边,从而g(x)在[1,2]上是增函数.当a >1时,f(x)在[1,2]上是增函数,有f(1)=log a (a -1+12)>0,⇒ a >32当12<a <1时,f(x)在[1,2]上是减函数,有yf(2)=log a (4a -2+12)>0,⇒ 12<a <58综上:12<a <58或a >323. A易知|MF 1|=|NF 1|=5而||MF 1|-|MF 2||=||NF 1|-|NF 2|| 即|5-|MF 2||=|5-|NF 2||当5-|MF 2|=5-|NF 2|时,即|MF 2|=|NF 2|时,点F 2的轨迹是线段MN 的中垂线, 其方程为x =1(y ≠0)当5-|MF 2|=|NF 2|-5时,即|MF 2|+|NF 2|=10时,点F 2的轨迹是以M 、N 为焦点,长轴长为10的椭圆,其方程为(x -1)225+(y -4)216=1(y ≠0)4. B一方面,M >1+0+1+0=2另一方面,M <1+2a +a 2+1+2b +b 2=1+a +1+b =2+(a +b)=3所以,2<M <3 5. C如图,人行横道的面积S =15×14=600∴ S =50x =600 ⇒ x =12 6. C新增的n 个车站之间需要P n 2种车票,新增的n 个车站与原来的m 个车站之间需要2mn种车票,从而P n 2+2mn =58,即n(n -1+2m)=58注意到n 和n -1+2m 都是整数,而58只能分解为1×58和2×29两种情况,又n >1 所以n =2,n -1+2m =29,或n =29,n -1+2m =2,或n =58,n -1+2m =1 只有第一组有满足题意的解:n =2,m =14 二、填空题 7.π6; 折叠后,仍然有AF =FH =HB(或HA ,折叠后A 点和B 点重合)AM =MN =NC ,且它们的长度没有变,仍然等于折叠前的长度,但对角线AC 由直线段变成了折线段,A 、M 、N 三点由原来共线变成了A 、M 、N 三点构成三角形.设AD =a ,则AB =23a ,图(1)为折叠前的长方形,有AC =13a ,AM =MN =133a ,AF =FH =HB =233a ,MF =a 3,HN =2a 3. 15A B C D F H (1)E G M N (2) AD FH E GMN P设平面AMN 与平面AFH 的夹角为θ(图(2)),由S △AFH =12×233a ×233a ×sin60º=33a 2.在Rt △NHA 中,AN =(233a)2+(23a)2=4a3取AN 的中点P ,∵ AM =MN ⇒ MP ⊥AN 在Rt △MPA 中,MP =(133a)2-(23a)2=a ∴ S △AMN =a 2×4a 3=2a23∴ cos θ=S ×AFH S △AMN =32,∴ θ=π68.π3; ∵ a 2+b 2=2c 2,∴ cosC =a 2+b 2-c 22ab =a 2+b 2-a 2+b222ab =a 2+b 24ab∴ a 2-4abcos θ+b 2=0 即(a b )2-(4cosC)ab +1=0(∵ b ≠0) 因为ab是正实数,所以4cosC >0且△≥0解得:cosC ≥12,所以C ≤π39.(1-1a)n;开始浓度为1,操作一次后溶液浓度为a 1=1-1a,设操作n 此后的溶液浓度为a n ,则操作n +1次后溶液的浓度为a n +1=a n (1-1a)∴ {a n }是首项、公比均为1-1a 的等比数列,∴ a n =a 1q n -1=(1-1a )n10.23-1;∵ x ≥0,令3-x >2x +5,解得0≤x ≤4-2 3 所以f(x)*g(x)=⎪⎩⎪⎨⎧-≥--<≤+324x x3324x 05x 2∵ 3-x 在R 上单调递减,故当x ≥4-23时,f(x)*g(x)≤f(4-23)*g(4-23)=3-(4-23)=23-1 当0≤x <4-23时,2x +5单调递增,故当x ∈[0,4-23)时, f(x)*g(x)<2·(4-23+5)=23-1 综上所知,f(x)*g(x)的最大值为23-111.2500;以1为被加数,则1+100>100,有1种取法,以2为被加数,则2+100>100,2+99>100,有2种取法, 依次可得,被加数为n(n ∈N ,n ≤50)时,有n 种取法,但51为被加数时,要扣除前面已取过的情况,只能取52,53,……,100,有49种取法,同理,被加数为52时,有48种取法,依次可得,当被加数为n(n ∈N ,51≤n ≤100)时,分别有100-n 种取法, 所以,不同的取法共有(1+2+3+……+50)+(49+48+……+1)=2500种 12.③④∵ a 6+1=(a 2+1)(a 4-a 2+1)=a 2+1a (a 5-a 3+a)=2(a +1a),(a ≠0)∵ a >0且a ≠1,∴ a 6+1>4,∴ a 6>3,即a >63 又a 5-a 3+a =2,∴ 2a 3+1=a 2+1a 2>2∴ a 3<2,即a <32,综合可知,应填③④三、13.显然,所作截面是一个中心对称的凸多边形,它是一个四边形或六边形.如果截面是一个四边形,那么它一定没有截到立方体的某一组对面,其面积不小于这组对面中的一个,命题成立. 如果截面是一个六边形,那么它一定截到了正方体的六个面,将立方体展开在一个平面上,如图,设界面的周长为l ,正方体的棱长为a ,则 l ≥|AB|=(3a)2+(3a)2=32a由于正方体的中心是内切球的球心,所以截面内含有半径为a2的圆,从而有S 截面≥12·a 2l ≥324a 2>a 214.将Ax +By +C =0变形为1=-Ax +ByC,代入椭圆方程,得b 2x 2+a 2y 2=a 2b 2(-Ax +By C)2整理得:(a 2b 2B 2-a 2C 2)y 2+2ABa 2b 2xy +(a 2b 2A 2-b 2C 2)x 2=0 当x =0时,显然成立;当x ≠0时,同除以x 2得:(a 2b 2B 2-a 2C 2)(y x )2+2ABa 2b 2(y x)+(a 2b 2A 2-b 2C 2)=0该方程的两根为OP ,OQ 的斜率,∵ OP ⊥OQ ,所以-1=a 2b 2A 2-b 2C 2a 2b 2B 2-a 2C 2,即a 2b 2c 2=a 2+b2A 2+B215.设分配给百货、服装、家电营业额分别为x ,y ,z(万元),(x ,y ,z 是正整数),则⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+=-=⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧≤≤++==++=++2x 25z x 2335y 7.19c 19z 2.0y 5.0x 3.0c 190z 2y 4x 560z y x 由①②得④③②①所以c =0.3+0.5(35-3x 2)+0.2(25+x2)=22.5-0.35x代入④得8≤x ≤10,∵ x ,y ,z 必为正整数,⎪⎩⎪⎨⎧===⎪⎩⎪⎨⎧===⇒⎪⎩⎪⎨⎧===⎪⎩⎪⎨⎧===∴60z 280y 450x 558z 292y 440x 530z 20y 10x 29z 23y 8x 或或 第二试一、如图,过P 点作PG⊥AB,垂足为G ,不失一般性,设AB =2,则AD =2λ再设PG =h ,∠PDA=α,PCB =β,则AE =AB -BE =2-2λtan β BF =AB -AF =2-2λtan α∵ (2λ+h)tan α+(2λ+h)tan β=2∴ tan α+tan β=22λ+h……① 又(2λ+h)tan α(2λ+h)tan β=h 2∴ tan αtan β=h2(2λ+h)2 ……② ∵ AE 2+BF 2=(2-2λtan α)2+(2-2λtan β)2=AB 2∴ 8-8λ(tan α+tan β)+4λ2(tan 2α+tan 2β)=4即 λ2(tan α+tan β)2-2λ2tan αtan β-2λ(tan α+tan β)+1=0 将①②代入上式,得 4λ2-2λ2h 2(2λ+h)2-4λ2λ+4+1=∴ h 2(1-2λ2)=0∵ h≠0,∴ 1-2λ2=0,即λ=22解法二:仍如上图,不失一般性,设AB =2,则AD =2λ,令AF =x ,BE =y ,因为△PGE ∽△CBE ,于是PG BC =GE BE ,即PG 2λ=GEy所以,GE =PG ·y2λ ……………………①同理,GF =PG ·x2λ……………………②①+②得:EF =(x +y)PG2λ即PG =EF ·2λx +y =2λ(2-x -y)x +y……………………③由①②③得:GE =PG ·y 2λ=2λ(2-x -y)x +y ·y ·12λ=2-x -yx +y·yGF =PG ·x 2λ=2-x -y x +y·x∴ BG =GE +y =2yx +y ……………………④同理AG =2xx +y ……………………⑤又PG 2=AG ·BG ,综合③④⑤得4λ2(2-x -y x +y )2=4xy (x +y)2化简得:λ2(2-x -y)2=xy ……………………⑥又∵ AE 2+BF 2=AB 2∴ (2-x)2+(2-y)2=4即 4-4(x +y)+x 2+y 2=0∴ 2-2(x +y)+(x +y)2=2xy ……………………⑦ 将⑥代入⑦得:4-4(x +y)+(x +y)2=2λ2(2-x -y)2即(2-x -y)2=2λ2(2-x -y)2∵ x +y ≠2,∴ 2λ2=1,∴ λ=22二、由柯西不等式,得(S -a k )2≤(n-1)()a a2k n1k 2k -∑=∑∑∑∑∑∑∑=======-=---≥-∈---=-+--≥-----≥----≥-∴-=---≥--+-+-n 1k 2k 2n1k 2kn 1k 2kn1k k3k 2n1k 2k2k22kn1k 2k2kk3k22kn1k 2k 2k32k 2kk 3k 2k332k 2k 3k 32k k 3k k 3k a 1n 1)1n (2a n a )2n 3(a S a )N k ()1n (2aa )2n 3()1n (2aa a )1n (3a S a)1n (a a1n a3)1n ()a S (1n a 3a S a 21n a 3)1n ()a S ()a S a (3)1n ()a S (a S a a S a 则即原不等式得证.三、易知,题中的递推关系式即为c n +1=⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧≤≤-<≤1c 21c 2221c 0c 2n n n n 若若 …………①(1)若C 1为有理数,即c 1=pq ,其中(p ,q)=1时,对一切n ,均有c n =p nq,其中p n ∈{0,1,2,……,q}故有n 1<n 2,使得p n1=p n2,从而c n1=c n2,于是由①式可知{c n }从第n 1项之后呈周期变化.假设数列自第n 1项之后呈周期为T 的变化,我们记: c n1=∑∞=-⋅1k k k2a,即用二进制表示c n1,其中a k =0或1.并记k a =1-a k ,k∈N ……② 于是由①式可知⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧≡+⋅≡+⋅=⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=⋅=⋅=∑∑∑∑∞=-+∞=-++∞=-+∞=-++)2(mod 1a a 2a )2(mod 0a a 2a c 1a 2a 0a 2a c 211k k 2k 211k k 2k 2n 11k k 1k 11k k 1k 1n 11若若若若 由此并结合归纳法,即知⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=++⋅=++⋅=∑∑∞=-+∞=-++)2(mod 1a a 2a )2(mod 0a a 2a c T 11k k T k T 11k k T k T n 1 若若 由于c n1+T =c n1,故当a 1+……+a T ≡0(mod2)时,立即可得a k =a k +T ,k∈N 由此表明c n1为二进制循环小数,故为有理数.当a 1+……+a T ≡1(mod2)时,由于c n1+T =c n1,得a k =T k a +=1-a k +T ,k∈N ……③ 由于③式也表明a k +T =T 2k a +,k∈N,所以a k =1-a k +T =1-T 2k a +=1-(1-a k +2T )=a k +2T ,k ∈N故c n1也为有理数再由递推式①知,c n1是由c 1经过n 1-1步有理运算得出的,所以,c 1也必为有理数.(2)如果分别取c 1=(0.∙∙0101)2,c 1=(0.个└───┘1m 0111-∙∙ )2, ……④ 则可使{c n }分别以T =2和T =m ,m ≥3为周期,又易见,只要将c 1取为④中的12k ,k ∈N ,都可使数列最终以相应的T 为周期,从而,对每个T =2,3,……都有无穷多个c 1使得数列自某项之后以T 为周期变化.。
〖人教版〗高三数学复习试卷全国高中数学联赛一试模拟试题一
百里灵明创编 2021.04.01〖人教版〗高三数学复习试卷全国高中数学联赛一试模拟试题一一、填空题1.已知sin αcos β=1,则cos(α+β)=.2.已知等差数列{a n }的前11项的和为55,去掉一项a k 后,余下10项的算术平均值为4.若a 1=-5,则k =.3.设一个椭圆的焦距、短轴长、长轴长成等比数列,则此椭圆的离心率e =. 4.已知=,则实数x =.5.如图,在四面体ABCD 中,P 、Q 分别为棱BC 与CD 上的点,且BP =2PC ,CQ =2QD .R 为棱AD 的中点,则点A 、B 到平面PQR 的距离的比值为. 6.设f (x )=log 3x -4-x ,则满足f (x )≥0的x 的取值范围是.7.右图是某种净水水箱结构的设计草图,其中净水器是一个宽10cm 、体积为3000cm 3的长方体,长和高未定.净水水箱的长、宽、高比净水器的长、宽、高分别长20cm 、20cm 、60cm .若不计净水器中的存水,则净水水箱中最少可以存水cm 3.8.设点O 是△ABC 的外心,AB =13,AC =12,则BC →·AO →=.9.设数列{a n }满足:a n +1a n =2a n +1-2(n =1,2,…),a =2,则此数列的前项的和为.10.设a 是整数,0≤b <1.若a 2=2b (a +b ),则b =. 二、解答题11.在直角坐标系xOy 中,直线x -2y +4=0与椭圆+=1交于A ,B 两点,F 是椭圆的左焦点.求以O ,F ,A ,B 为顶点的四边形的面积.12.如图,设D 、E 是△ABC 的边AB 上的两点,已知∠ACD =∠BCE ,AC =14,AD =7,AB =28,CE =12.求BC .13.若不等式x +y ≤k 2x +y 对于任意正实数x ,y 成立,求k 的取值范围.14.⑴ 写出三个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数,请予以验证;⑵ 是否存在四个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数?请证明你的结论.一、填空题(每小题7分,共70分)1.已知sin αcos β=1,则cos(α+β)=. 填0.解:由于|sin α|≤1,|cos β|≤1,现sin αcos β=1,故sin α=1,cos β=1或sin α=-1,cos β=-1,∴α=2k π+,β=2l π或α=2k π-,β=2l π+π⇒α+β=2(k +l )π+(k ,l ∈Z ). ∴cos(α+β)=0.2.已知等差数列{a n }的前11项的和为55,去掉一项a k 后,余下10项的算术平均值为4.若a 1=-5,则k =.填11.解:设公差为d ,则得55=-5×11+×11×10d ⇒55d =110⇒d =2. a k =55-4×10=15=-5+2(k -1)⇒k =11.3.设一个椭圆的焦距、短轴长、长轴长成等比数列,则此椭圆的离心率e =.填-1+52. 解:由(2b )2=2c ×2a ⇒a 2-c 2=ac ⇒e 2+e -1=0⇒e =-1+52. 4.已知=,则实数x =. 填1.解:即=⇒32x -4×3x +3=0⇒3x =1(舍去),3x =3⇒x =1.5.如图,在四面体ABCD 中,P 、Q 分别为棱BC 与CD 上的点,且BP =2PC ,CQ =2QD .R 为棱AD 的中点,则点A 、B 到平面PQR 的距离的比值为.填14. 解:A 、B 到平面PQR 的距离分别为三棱锥APQR 与BPQR 的以三角形PQR 为底的高.故其比值等于这两个三棱锥的体积比.V APQR =V APQD =×13V APCD =×13×13V ABCD =V ABCD ;又,S BPQ =S BCD -S BDQ -S CPQ =(1-13-23×13)S BCD =49S BCD ,V RBPQ =49V RBCD =×49V ABCD =418V ABCD .∴A 、B 到平面PQR 的距离的比=1∶4.又,可以求出平面PQR 与AB 的交点来求此比值:在面BCD 内,延长PQ 、BD 交于点M ,则M 为面PQR 与棱BD 的交点. 由Menelaus 定理知,··=1,而=,=,故=4.在面ABD 内,作射线MR 交AB 于点N ,则N 为面PQR 与AB 的交点. 由Menelaus 定理知,··=1,而=4,=1,故=14.∴A 、B 到平面PQR 的距离的比=1∶4.6.设f (x )=log 3x -4-x ,则满足f (x )≥0的x 的取值范围是. 填[3,4].解:定义域(0,4].在定义域内f (x )单调增,且f (3)=0.故f (x )≥0的x 的取值范围为[3,BCDAPQ RBCDAPQ R M NR Q PA DCB4].7.右图是某种净水水箱结构的设计草图,其中净水器是一个宽10cm 、体积为3000cm 3的长方体,长和高未定.净水水箱的长、宽、高比净水器的长、宽、高分别长20cm 、20cm 、60cm .若不计净水器中的存水,则净水水箱中最少可以存水cm 3.填78000.解:设净水器的长、高分别为x ,y cm ,则 xy =300,V =30(20+x )(60+y )=30(1200+60x +20y +xy )≥30(1200+260x×20y +300)=30(1500+1200) =30×2700.∴ 至少可以存水78000cm 3.8.设点O 是△ABC 的外心,AB =13,AC =12,则BC →·AO →=. 填-.解:设|AO →|=|BO →|=|OC →|=R .则BC →·AO →=(BO →+OC →)·AO →=BO →·AO →+OC →·AO →=R 2cos(π-2C )+R 2cos2B=R 2(2sin 2C -2sin 2B )=(2R sin B )2-(2R sin C )2=(122-132)=-.9.设数列{a n }满足:a n +1a n =2a n +1-2(n =1,2,…),a =2,则此数列的前项的和为. 填+2.解:若a n +1≠0,则a n =2-,故a =2-2,a =2-=-2,a =2+2,a =2.一般的,若a n ≠0,1,2,则a n =2-,则a n -1=an +1-2an +1-1,a n -2=,a n -3=a n +1,故a n -4=a n .于是,))a n =502(a 1+a 2+a 3+a 4)+a =502(a +a +a +a )+a =+2. 10.设a 是整数,0≤b <1.若a 2=2b (a +b ),则b =. 填0,3-12,3-1. 解:若a 为负整数,则a 2>0,2b (a +b )<0,不可能,故a ≥0.于是a 2=2b (a +b )<2(a +1)⇒a 2-2a -2<0⇒0≤a <1+3⇒a =0,1,2. a =0时,b =0;a =1时,2b 2+2b -1=0⇒b =3-12; a =2时,b 2+2b -2=0⇒b =3-1.说明:本题也可以这样说:求实数x ,使[x ]2=2{x }x . 二、解答题(本大题共4小题,每小题20分,共80分)11.在直角坐标系xOy 中,直线x -2y +4=0与椭圆+=1交于A ,B 两点,F 是椭圆的左焦点.求以O ,F ,A ,B 为顶点的四边形的面积.解:取方程组代入得,25y 2-64y +28=0.此方程的解为y =2,y =.即得B (0,2),A (-,),又左焦点F 1(-5,0). 连OA 把四边形AFOB 分成两个三角形. 得,S =×2×+×5×=(72+75). 也可以这样计算面积:直线与x 轴交于点C (-4,0).所求面积=×4×2-×(4-5)×=(72+75). 也可以这样计算面积:所求面积=(0×2-0×0+0×-(-)×2+(-)×0-(-5)×+(-5)×0-0×0)=(+5)=(72+75).12.如图,设D 、E 是△ABC 的边AB 上的两点,已知∠ACD =∠BCE ,AC =14,AD =7,AB =28,CE =12.求BC .解:=⇒△ACD ∽△ABC ⇒∠ABC =∠ACD =∠BCE .∴CE =BE =12.AE =AB -BE =16.∴cos A ====.∴BC 2=AC 2+AB 2-2AC ·AB cos A =142+282-2·14·28·=72·9⇒BC =21. 13.若不等式x +y ≤k 2x +y 对于任意正实数x ,y 成立,求k 的取值范围.解法一:显然k >0.(x +y)2≤k 2(2x +y )⇒(2k 2-1)x -2xy +(k 2-1)y ≥0对于x ,y >0恒成立.令t =xy>0,则得f (t )=(2k 2-1)t 2-2t +(k 2-1)≥0对一切t >0恒成立. 当2k 2-1≤0时,不等式不能恒成立,故2k 2-1>0. 此时当t =时,f (t )取得最小值-+k 2-1==. 当2k 2-1>0且2k 2-3≥0,即k ≥62时,不等式恒成立,且当x =4y >0时等号成立. ∴k ∈[62,+∞). 解法二:显然k >0,故k 2≥=.令t =xy>0,则k 2≥=(1+). 令u =4t +1>1,则t =u -14.只要求s (u )=的最大值.s (u )=≤=2,于是,(1+)≤(1+2)=32.∴k 2≥32,即k ≥62时,不等式恒成立(当x =4y >0时等号成立).又:令s (t )=,则s '(t )==,t >0时有驻点t =.且在0<t <时,s '(t )>0,在t >时,s '(t )<0,即s (t )在t =时取得最大值2,此时有k 2≥(1+s ())=32.解法三:由Cauchy 不等式,(x +y)2≤(+1)(2x +y ). 即(x +y)≤622x +y 对一切正实数x ,y 成立. BE B CD A当k<62时,取x=14,y=1,有x+y=32,而k2x+y=k62<62×62=32.即不等式不能恒成立.而当k≥62时,由于对一切正实数x,y,都有x+y≤622x+y≤k2x+y,故不等式恒成立.∴k∈[62,+∞).14.⑴写出三个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数,请予以验证;⑵是否存在四个不同的自然数,使得其中任意两个数的乘积与10的和都是完全平方数?请证明你的结论.解:对于任意n∈N*,n2≡0,1(mod 4).设a,b是两个不同的自然数,①若a≡0(mod 4)或b≡0(mod 4),或a≡b≡2(mod 4),均有ab≡0(mod 4),此时,ab+10≡2(mod 4),故ab+10不是完全平方数;②若a≡b≡1(mod 4),或a≡b≡3(mod 4),则ab≡1(mod 4),此时ab+10≡3(mod 4),故ab+10不是完全平方数.由此知,ab+10是完全平方数的必要不充分条件是ab(mod 4)且a与b均不能被4整除.⑴由上可知,满足要求的三个自然数是可以存在的,例如取a=2,b=3,c=13,则2×3+10=42,2×13+10=62,3×13+10=72.即2,3,13是满足题意的一组自然数.⑵由上证可知不存在满足要求的四个不同自然数.这是因为,任取4个不同自然数,若其中有4的倍数,则它与其余任一个数的积加10后不是完全平方数,如果这4个数都不是4的倍数,则它们必有两个数mod 4同余,这两个数的积加10后不是完全平方数.故证.百里灵明创编 2021.04.01。
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最新全国2010高中数学精选联赛模拟试题一
一、选择题(本题满分36分,每小题6分)
1. 1、函数的最大值是()
A、2
B、
C、
D、3
2. 已知,定义,则
()
A. B.C. D.
3. 已知正三棱锥P-ABC的外接球O的半径为1,且满足++=,则正三棱锥P-ABC的体积为()
A.B.C.D.
4. 已知双曲线的左右焦点分别为F1、F2,P为双曲线右支上任意一点,当取得最小值时,该双曲线离心率的最大值为()
A、B、3 C、D、2
5. 已知(R),且
则a的值有()
(A)个(B)个(C)个(D)无数个
6.平面上有两个定点A、B,另有4个与A、B不重合的的动点。
若使则称()为一个好点对。
那么这样的好点对()
A.不存在B.至少有一个C.至多有一个D.恰有一个
二、填空题(本题满分54分,每小题9分)
7. 不等式的解集为,那么的值等于__________.
8. 定义在R上的函数,对任意实数,都有和,且,则的值为_________.
9. 等差数列有如下性质:若是等差数列,则通项为的数列也是等
差数列.类比上述性质,相应地,若是正项等比数列,则通项为
_______________的数列也是等比数列.
10. 在正三棱锥S—ABC中M、N分别是棱SC,BC的中点,且MN⊥AM,若侧棱SA=2,则此正三棱锥S—ABC外接球的表面积是
11. 如图,用6种不同的颜色给图中的4个格子涂色,每个格子涂一种颜色,要求最多使用3种颜色且相邻的两个格子颜色不同,则不同的涂色方法共有种(用数字作答).
12.已知点A(0,2)和抛物线y2=x+4上两点B、C使得AB⊥BC,求点C的纵坐标的取值范围
三、解答题(本题满分60分,共4小题,每题各15分)
13. 在外接圆直径为1的△ABC中角A、B、C的对边分别为设向量
(1) 求的取值范围;
(2)若试确定实数的取值范围.
14. 已知等腰梯形PDCB中(如图1),PB=3,DC=1,PD=BC=,A为PB边上一点,且PA=1,将△PAD沿AD折起,使面PAD⊥面ABCD(如图2)。
(Ⅰ)证明:平面PAD⊥PCD;(Ⅱ)试在棱PB上确定一点M,使截面AMC
把几何体分成的两部分;(Ⅲ)在M满足(Ⅱ)的情况下,判断直线AM
是否平行面PCD.
15. 设椭圆的方程为, 线段是过左焦点且不与轴垂直的焦点弦. 若在左准线上存在点, 使为正三角形, 求椭圆的离心率的取值范围, 并用表示直线的斜率.
16. 在数列中,
(Ⅰ)试比较与的大小;
(Ⅱ)证明:当时,.
参考答案:
1.B
2. 解:计算
可知是最小正周期为6的函数。
即得,所以=,故选C.
3.B
4.B
5.D解:由题设知为偶函数,则考虑在时,恒有
.
所以当,且时,恒有.由于不等式的解集为,不等式
的解集为.因此当时,恒有
. 故选(D).
6.B解:因为,所以。
将区间[0,1]分成[],
三段,则中至少有两个值落在同一个小区间内(抽屉原理)。
所以满足的好点对()至少有一个。
所以选B.
7.
8. =2005
9.
10. 36π
11. 390
12. 简解:设B点坐标为(y21–4,y1),C点坐标为(y2–4,y)
显然y21–4≠0,故k AB=(y1–2)/(y21–4)=1/(y1+2).由于AB⊥BC,所以k BC=–(y1+2).从而y–y1=–(y1+2)[x–(y21–4)],y2=x+4消去x,注意到y≠y1得:(2+y1)(y+y1)+1=0→y21+(2+y)y1+(2y+1)=0.由Δ≥0解得:y≤0或y≥4.
当y=0时,点B的坐标为(–3,–1);当y=4时,点B的坐标为(5,–3),均满足题意。
故点C的纵坐标的取值范围是y≤0或y≥4.
13.【标准答案】
解:因为
所以,由正弦定理,得,
即又所以即
.
(1)=
因此的取值范围是
(2)若则,
由正弦定理,得
设=,则,
所以
即
所以实数的取值范围为
14. (I)证明:依题意知:
(II)由(I)知
平面ABCD
∴平面PAB⊥平面ABCD.
在PB上取一点M,作MN⊥AB,则MN⊥平面ABCD,
设MN=h
则
要使
即M为PB的中点.
(III)以A为原点,AD、AB、AP所在直线为x,y,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系
则A(0,0,0),B(0,2,0),
C(1,1,0),D(1,0,0),
P(0,0,1),M(0,1,)
由(I)知平面,则
的法向量。
又为等腰
因为
所以AM与平面PCD不平行.
15. 解:如图, 设线段的中点为.过点、、分别作准线的垂线, 垂足分别为、、, 则
.假设存在点,则,且,即
,
所以,.
于是,,故
.
若 (如图),则
.
当时, 过点作斜率为的焦点弦, 它的中垂线交左准线
于, 由上述运算知, .故为正三角形.
若,则由对称性得
.
又, 所以,椭圆的离心率的取值范围是,
直线的斜率为.
16. 解:(Ⅰ)由题设知,对任意,都有
,
(Ⅱ)证法1:由已知得,
又.
当时,
设①
则②
①-②,得
证法2:由已知得,
(1)当时,由,知不等式成立。
假设当不等式成立,即,那么
要证,只需证
即证,则只需证………………10分
因为成立,所以成立.
这就是说,当时,不等式仍然成立.
根据(1)和(2),对任意,且,都有
新人教版八年级数学下册辅导资料(01)
姓名:________
一、知识点梳理:
1、二次根式的定义.
一般地,式子 a (a ≥0)叫做二次根式,a 叫做被开方数。
两个非负数:(1)
a ≥0 ;(2) a ≥0
2、二次根式的性质:
(1).()0≥a a 是一个________ 数 ; (2)
()
=2
a __________(a ≥0)
(3)()()()
⎪⎩
⎪
⎨⎧〈=〉==0_______0_______
0_______
2a a a a a
3、二次根式的乘除:
积的算术平方根的性质:)0,0(≥≥⋅=b a b a ab ,二次根式乘法法则:
__________=⋅b a (a ≥0,b ≥0)
商的算术平方根的性质:
b
a
b a =
).0,0(>≥b a 二次根式除法法则:)0,0(>≥=b a b
a
b
a
1.被开方数不含分母; 4、最简二次根式 2.分母中不含根号;
3. 被开方数中不含能开得尽方的因数或因式. 分母有理化:是指把分母中的根号化去,达到化去分母中的根号的目的. 二、典型例题:
例1:当x 是怎样实数时,下列各式在实数范围内有意义? ⑴
2-x ⑵
x
x -+2)
1(0
⑶13-+-x x ⑷
12+x
(5)1
2
-+x x
小结:
__________________________________________________
代数式有意义应考虑以下三个方面:(1)二次根式的被开方数为非负数。
(2)分式的分母不为0.(3)零指数幂、负整数指数幂的底数不能为0
例2:化简:
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