(完整版)多媒体考试题库-有答案

多媒体应用技术练习题一、单选题（每小题2分，共20 分）1、我们的家用电脑既能听音乐，又能看影碟，这是利用了计算机的（ C ）A 、人工智能技术B 、自动控制技术C、多媒体技术D、信息管理技术2、下列哪个文件格式即可以存储静态图象，又可以存储动态图象（ C ）A、.jpgB、.midC、.gifD、bmp3、我们可以利用以下哪些东西来帮我们管理我们放在网络上的资源？（ B ）①、网络硬盘②、博客③、电子邮箱④、电脑硬盘A 、①②B 、①②③ C、①③④ D、②③④4、班主任小林想开一个有关“弘杨奥运精神”的主题班会，现在他手里有一张有关奥运会的光盘，但是他只想要其中的一个片段，如果你是小林，你会利用以下哪个计算机软件把这片段截取出来呢？（ C ）A 、WinampB 、ACDSeeC 、超级解霸D、cool Edit Pro5、下列哪种类型文件可以存储多媒体动画（ A ）A、swfB、bmp C 、doc D、xls6、下列哪个扩展名表示数字音乐文件（ B ）A、aviB、midC、bmpD、wmf7 、多媒体信息不包括（ C ）A 、音频、视频B 、动画、影象C、声卡、光盘 D 、文字、图象8、下列关于多媒体输入设备的描述中，不属于的是（ D ）。

A ．红外遥感器B ．数码相机C ．触摸屏D．调制解调器9、多媒体计算机技术中的“多媒体” ，可以认为是（B）A 、磁带、磁盘、光盘等实体B 、文字、图形、图像、声音、动画、视频等载体C、多媒体计算机、手机等设备D 、互联网、photoshop10. 下列属于是多媒体技术发展方向的是（ D ）。

（1）高分辨率，提高显示质量（2）高速度化，缩短处理时间（3）简单化，便于操作（4）智能化，提高信息识别能力A．（1）（2）（3） B.（1）（2）（4） C. （1）（3）（4）D.全部二、填空题（每空2分，共24 分）1、某学生想搜集数字图片素材，他可以通过扫描仪扫描，还可以通过（数码相机摄取）、（作图软件设计）、（网络上搜索）等方式来搜集2、在工具箱图中指出使用过的魔术棒工具、套索工具、选择工具。

3、多媒体数据数据压缩编码方法可分为两大类：无损压缩法，有损压缩法4、音频卡的主要功能是：音频的录制与播放、编辑与合成、MIDI 接口、CD-ROM 接口及游戏接口等三、简述题（共 6 分）1、小明准备制作一个《成长历程》的MTV 节目，按照设计步骤，他已经准备了几长旧照片，一段音乐，并拍摄了两个录影带。

（1）请你说出怎么样帮他把旧照片导入计算机的方法（ 2 分）（2）所导入的相片可以转换成哪些格式的图象，最少写出三种格式（ 4 分）答：（1）可以将旧照片用数码扫描仪扫描到电脑上（2）可以将其转换成jpg,bmp,gif 等类型格式的图象若CD 盘片上所存储的立体声高保真数字音乐的带宽为20～20000Hz ，采样频率为44.1KHz ，量化精度为16 位，双声道， 1 小时的数据量大约是（）.A. 635MBB. 720MBC. 360MBD. 512MB存储容量（字节）= 采样频率×采样精度×声道数×时间/8 （表示为字节）Volume ＝44.1k * 16 * 2 * 60 分钟/8= 44.1*1000 * 16 *2 *60*60/8=635040000 Byte多媒体技术题库一,填空1, 多媒体的英文是multmedia,Virtual Reality 的含义是虚拟现实.2, 通常我们所说的48 速光盘驱动器的48 速指的是它的数据传输率达到150KB/s 左右,而8 速的第二代DVD 驱动器是指它的数据传输率为2700K/s*8 左右.3,SCSI 的中文意思是小型计算机系统接口.4,USB 的中文意思是通用串行总线.5, Windows95（98）系统中播放声音的软件有:CD 播放器,媒体播放机和录音机. 6,目前多媒体创作工具主要有以下四类: 基于脚本的创作工具,基于图标的创作工具,基于时序的创作工具,基于传语言的创作工具.7, 文本,声音,图形,图像和动画等信息的载体中的两个或多个的组合构成了多媒体.8, 多媒体技术具有集成性,实时性,交互性和高质量等特性.9, 一帧画面由若干个像素组成,在每一帧内的相邻像素之间相关性很大,有很大的信息冗余,称为空域相关.10, 目前常用的压缩编码方法分为两类: 冗余压缩法（或无损压缩法/熵编码）和熵压缩法（或有损压缩法）.11, 基于多媒体创作工具的创作方法和结构特点的不同进行的划分中,Authorware 属于基于图标的多媒体创作工具;Visual C++,Visual Basic 属于基于传统程序语言的多媒体创作工具. 12,多媒体电子出版物是把多媒体信息经过精心组织,编辑及存储在光盘上的一种电子图书. 13,多媒体数据库管理系统的层次结构可以分为三层表示层,表示层,存储层.14, 多媒体数据库管理系统的组织结构可分为三种;集中型,组合型,协作型.补充:1, 多媒体技术是计算机综合处理图像,文字,声音,视频等多种媒体数据,使它们集成为一个系统并具有交互性的信息处理技术.2, 多媒体技术主要特点:综合性（集成性）,交互性,实时性. 3,多媒体大多数只利用了人的视觉和听觉,在虚拟现实中还用到触觉,而味觉,嗅觉尚未集成进来.4,图形是由诸如直线,曲线,圆或曲面等几何图形形成的从点,线,面到三维空间的黑白或彩色几何图.5,声音文件的格式常用的有波形音频文件（WAV）和数字音频文件（MIDI）.6, MIDI 又称乐器数字接口,是以一系列指令来表示声音的.7, 音频的频率范围大约是20Hz-20kHz.8, ToolBook 是基于页或卡页的多媒体创作工具.9, 多媒体关键技术分为多媒体计算机系统本身要解决的关键技术和多媒体应用所涉及的关键技术.10, 多媒体芯片技术是多媒体硬件体系结构的关键技术,主要解决音频/视频的解压缩和播放及大量的特殊效果所涉及的快速计算.11, 多媒体存储技术主要指CD-ROM 技术,多媒体系统软件技术主要包括多媒体操作系统,多媒体数据库管理技术.12, 多媒体数据常用的压缩方法为无损失压缩和有损失压缩.13, 衡量压缩技术的好坏主要有压缩比大,算法简单,压缩/解压缩速度快三个指标. 14,虚拟技术必须解决的问题: 多感知性,临场感,自主性,交互性.15, 显示卡按接口方式分类有ISA,VESA,PCI 和AGP 等四种,它们所具有的数据宽度分别为16 位,32 位,64位和128 位.16, USB 总线的中文解释是通用串行总线,其传输速率为12Mb/s, 而串口的传输速率为115kb/s,所以它有可能取代现行的串行I/O 线.17, 声卡的合成方式分为波表合成和F M 合成.18 只有具备了全双工语音传输能力,才能在Internet 上打电话.19,扫描仪的接口方式有三种,一种是SCSI 接口,另一种是EPP 接口,再一种就是USB接口. 20,数码相机是用CCD( 电荷耦合器件)成像,一般厂家给出数码相机的两个分辨率:CCD 分辨率和图像分辨率.21, M PEG-1 作为运动图像编码压缩标准,它的传输速率可以达到 1.5Mb/s.22, M PEG 将图像分为三种类型:I 图像,P 图像,B 图像.23, JPEG 标准是面向连续色调静止图像的压缩标准,一种基于DCT 的有失真的压缩算法; 另一种是基于空间线加先预测技术(PPCM) 的无失真压缩算法.24, D VD 称为通用数字光盘或多功能数字光盘.二,选择1,以下文件格式中不是图片文件格式的是(D) A,pcx B,psd C,wmf D,mpg2, 目前任何一块声卡都应该有(C) 功能A,全双工B,3D 音效C,MIDI D, 支持波表3,我国电视信号的制式是PAL, 所采用的信号是(C).A,RGB B,CMYK C,YUV D,NTSC4,波表合成主要针对(A)A.MIDI 音乐B.三维空间的声音效果C.放音,录音同步D.网络电话5,分辨率的单位表示方法不对的是(C) A.每英寸点数 B.DPI C. 每厘米点数6,目前DVD ―R 是可一次性写入型DVD, 目前统一到(A)上来.A,4.7G B,7.8G C,9.7G D,9.4G7,两分钟双声道,16 位采样位数,22.05KHz 采样频率声音的不压缩的数据量是:( D) A,5.05MB B,20.5MB C,10.35MB D,10.09MB 8,在超文本和超媒体中不同信息块之间的连接是通过(C)连接. A, 节点B,字节C, 链D, 字9,多媒体技术的主要特性有(D).(1) 多样性(2)集成性(3)交互性(4) 实时性A,仅(1) B,(1)(2) C,(1)(2)(3) D, 全部10,请根据多媒体的特性判断以下哪些属于多媒体的范畴(B).(1) 交互式视频游戏(2) 电子出版物(3) 彩色画报(4)彩色电视A,仅(1) B,(1),(2) C,(1),(2),(3) D, 全部11, 一般说来,要求声音的质量越高,则(B).A, 量化级数越低和采样频率越低B,量化级数越高和采样频率越高C,量化级数越低和采样频率越高D,量化级数越高和采样频率越低12, 位图与矢量图比较,可以看出(A).A, 对于复杂图形,位图比矢量图画对象更快B, 对于复杂图形,位图比矢量图画对象更慢C, 位图与矢量图占用空间相同D, 位图比矢量图占用空间更少13, N TSC 制式电视的帧速为(A).A,30 帧/秒B,60 帧/秒C,120 帧/秒D,90 帧/秒14,超文本是一个(B)结构.A, 顺序的树形B,非线性的网状C,线性的层次D, 随机的链式15,两分钟双声道,16 位采样位数,22.05kHz 采样频率声音的不压缩的数据量是A,10.09MB B,10.58MB(A).C,10.35KB D,5.05MB16,五分钟双声道,16 位采样位数,44.1kHz 采样频率声音的不压缩数据量是(A). A,50.47MB B,100.92MB C,201.87MB D,25.23MB 17,下述采样频率中哪一个是标准的采样频率.(B)A,20kHz B,22.05kHz C,200Hz D,48kHz 18,下列声音文件格式中,(B) 是波形文件格式.(1) WAV (2)CMF (3)VOC (4)MIDA,(1),(2) B,(1),(3)C,(1),(4) D,(2),(3) 19,衡量数据压缩技术性能好坏的重要指标是(B).(1) 压缩比(2)算法复杂度(3) 恢复效果(4)标准化A,(1),(3) B,(1),(2),(3) C,(1),(3),(4) D, 全部20,下列哪些说法是正确的.(B)(1) 冗余压缩法不会减少信息量,可以原样恢复原始数据.(2) 冗余压缩法减少冗余,不能原样恢复原始数据.(3) 冗余压缩法是有损压缩法.(4) 冗余压缩的压缩比一般都比较小.A,(1)(3) B,(1)(4) C,(1)(3)(4) D, 仅(3)21,JPEG 中使用了哪两种熵编码方法:(D)A, 统计编码和算术编码B,PCM 编码和DPCM 编码C,预测编码和变换编码D,哈夫曼编码和自适应二进制算术编码22,下述声音分类中质量最好的是(A).A, 数字激光唱盘B,调频无线电广播C,调幅无线电广播D, 电话23,下面关于数字视频质量,数据量,压缩比的关系的论述,(C) 是正确的.(1) 数字视频质量越高数据量越大(2) 随着压缩比的增大解压后数字视频质量开始下降(3) 压缩比越大数据量越小(4) 数据量与压缩比是一对矛盾A,仅(1) B,(1),(2)C,(1),(2),(3) D, 全部24,国际上流行的视频制式有(C).(1) PAL 制 (2)NTSC 制 (3)SECAM (4)MPEG A,仅(1) B,(1),(2) C,(1),(2),(3) D, 全部 (B),创作者不再需要了解多媒体程序的各个细节 ,效果更强 . (4) 需要创作者懂得较多的多媒体程序设计A,(1) B,(1),(2)C,(1),(2),(3) D, 全部26, 下列功能 (D) 是多媒体创作工具的标准中应具有的功能和特性 (1) 超级连接能力 (2)编程环境(3) 动画制作与演播 (4) 模块化与面向对象化 A,(1),(3) B,(2),(4) C,(1),(2),(3) D, 全部27, 多媒体创作工具的编程环境包含 (D)功能 . (1)循环 ,条件转移 (2)算术运算 ,逻辑运算 (3) 时间控制 (4)动态文件输入输出 A,(1),(3),(4) B,(1),(2),(4) C,(1),(2),(3) D, 全部28, 下列多媒体创作工具 (B) 是属于以时间为基础的著作工具(1)Micromedia Authorware (2)Micromedia Action (3)Tool Book (4)Micromedia Director A,(1),(3) B,(2),(4) C,(1),(2),(3) D, 全部29, 下列 (B) 是 Authorware 的功能特点 . (1) 跨平台体系结构 (2) 高效的多媒体集成环境(3) 面向对象的脚本语言 Lingo (4) 灵活的交互方式 A,(1),(3),(4) B,(1),(2),(4) C,(1),(2),(3) D, 全部30, 在目前音频卡中 ,下述两个音频文件组合中 (C) 能同时播放 (1) 一个 MIDI 文件和一个波形文件(2) CD-DA 和一个 MIDI 文件 (3) CD-DA 和一个波形文件 (4) 两个 MIDI 文件 A,仅(1) B,(1),(2)C,(1),(2),(3) D, 全部 *31,音频卡是按 (C) 分类的 . A, 采样频率 B,声道数C,采样量化位数 D,压缩方式 *32,下述功能中 ,(D) 是目前音频卡具备的功能 . (1)录音和回放数字音频文件(2) 混音 (3) 文语转换(4) 实时解 /压缩数字音频文件 A,仅(1) B.(1),(2) C,(1),(2),(3) D. 全部33, 音频卡不出声 ,可能的原因是 (C).25,为什么需要多媒体创作工具(1) 简化多媒体创作过程 . (2)降低对多媒体创作者的要求(1) 音频卡没插好(2)I/O 地址,IRQ,DMA 冲突(3) 静音(4)噪音干扰A,仅(1) B,(1),(2)C,(1),(2),(3) D, 全部34, 音频卡与CD-ROM 间的连接线有(B).(1) 音频输入线(2)IDE 接口(3) 跳线(4)电源线A,仅(1) B,(1),(2)C,(1),(2),(3) D, 全部35, 一个用途广泛的音频卡应能够支持多种声源输入,下列(C) 是音频卡支持的声源.(1)麦克风(2)线输入(3)CD Audio (4)MIDIA,仅(1) B,(1),(2) C,(1),(2),(3) D, 全部36, 视频卡的种类很多,主要包括(D).(1) 视频捕捉卡(2)电影卡(3) 电视卡(4)视频转换卡A,仅(1) B,(1),(2)C,(1),(2),(3) D, 全部37, 数字视频的重要性体现在(C). (1)可以用新的与众不同的方法对视频进行创造性编辑(2) 可以不失真地进行无限次拷贝(3) 可以用计算机播放电影节目(4) 易于广播A,仅(1) B,(1),(2) C,(1),(2),(3) D, 全部38, C D-ROM 驱动器的接口标准有(C).(1) 专用接口(2)SCSI 接口(3)IDE 接口(4)AT 接口A,仅(1) B,(1),(2) C,(1),(2),(3) D, 全部补充:1, 虚拟技术的发展必须解决(D) 问题(1) 多感知性(2)临场感(3) 自主性(4)交互性A,仅(1) B,(2)(3) C,(1)(4) D, 全部2, 在Authorware 中" 分支" 图标是(C)A, B, C, D,3, 多媒体创作工具中,Authorware 是基于(B) 的创作工具A, 传统程序语言B,图标C,页或卡片D,时序4, 以下文件格式中不是图像格式的是(C)A,gif B,bmp C,mpg D,jpeg5, 多媒体的输入设备为(D)A, 话筒B,投影仪C,调制解调器D,扫描仪三,判断1, 音频大约在20KHz ― 20MHz 的频率范围内(F).2, 对于位图来说,用一位位图时每个像素可以有黑白两种颜色,而用二位位图时每个像素则可以有三种颜色(F).3, 声音质量与它的频率范围无关(F).4, 在音频数字处理技术中,要考虑采样,量化和编码问题(T).5, 对音频数字化来说,在相同条件下,立体声比单声道占的空间大,分辨率越高则占的空间越小,采样频率越高则占的空间越大(F).6, 在相同的条件下,位图所占的空间比矢量图小(F).7, 位图可以用画图程序获得,从荧光屏上直接抓取,用扫描仪或视频图像抓取设备从照片等抓取,购买现成的图片库(T).8, 节点的内容可以是文本,图形,图象,动画,视频和音频(T).9, 节点在超文本中是信息的基本单元(T).10, 文字不是多媒体数据(F).11, 图像都是由一些排成行列的像素组成的,通常称位图或点阵图(T).12, 图形是用计算机绘制的画面,也称矢量图(T).13, 图形文件中只记录生成图的算法和图上的某些特征点,数据量较小(T).14, 熵压缩法是有损压缩法(T)15, 熵压缩法可以无失真地恢复原始数据(F)16, P remiere 具有多种活动图像的特技处理功能(T)17, P remiere 是一个专业化的动画与数字视频处理软件(F)18, d pi 是每英寸的bit 数(F)19, d pi 描述分辨率的单位(T)20, 数码相机的感光器件是CCD(T)21, 数码相机输出的是数字或模拟数据(F)四,问答题1,什么要压缩多媒体信息数字化后的视频和音频等多媒体信息数据量巨大不利于存储和传输,所以要以压缩的方式存储和传输数字化的多媒体信息.2,写出一个音频信号转换成在计算机中的表示过程.(1) 选择采样频率,进行采样(2) 选择分辨率,进行量化(3) 形成声音文件3, 写出五种常用的多媒体设备扫描仪,数码像机,触摸屏,条形卡和IC 卡4, 简述多媒体数据库管理系统的六大功能.仅用于红卷答:(1) 能够表示和处理各种媒体信息.(2) 能够反映和管理各种媒体数据的特性.(3) 满足物理数据独立性.(4) 具有对非格式化数据进行操作的功能.(5) 具有网络功能.(6) 是建立在具有多媒体功能的操作系统之上的软件系统5, 简述语音合成的四种类型.仅用于红卷答:(1) 基于波形编码合成.(2) 基于分析-合成法的合成.(3) 基于语音生成机理的合成.(4) 按规律合成.6, 运动图标有哪五种移动方式Direct to Point: 两点之间的移动Direct to Line: 点至线的移动Direct to Grid: 点到指定区域的移动Path to End: 沿固定路径到终点的移动Path to Point: 沿固定路径到目标点的移动7, Authorware 交互响应的类型有哪些答:共有11 类:按钮响应,热区响应,对象响应,目标区响应,下拉菜单响应,条件响应,文本输入响应,按键响应,计时响应,计次响应和事件响应.8, Authorware 的分支结构有哪几种答: 顺序分支,随机分支,计算分支,擦除与暂停.9, Authorware 系统函数可分为哪16 类答:Character（字符串类）,File（文件类）,Framework（页面集合类）,General （一般类）,Graphics（图形类）,Icons（图标类）,Jump（跳转类）,Language（语言类）,List（列表类）,Math（数学类）,Network（网络类）,OLE（对象链接与嵌入类）,Platform（平台, 操作系统类）,Time（时间类）,Video（视频类）,Xtra ActiveX （ActiveX 扩展类）.10, A uthorware 提供了哪些调用外部程序的系统函数分别简述其作用.答:JumpFile,JumpFileReturn,Jumppout,JumpoutReturn.JumpFile: 跳转到指定的Authorware 程序文件, 不能再返回到主体程序.JumpFileReturn: 跳转到指定的Authorware 程序文件,能返回到主体程序.JumpOut: 首先退出Authorware, 然后打开外部应用程序.JumpOutReturn: 不用退出Authorware, 然后打开外部应用程序.11, A uthorware 中的Xtras 的常用的功能有哪四条Transition Xtras,Sprite Xtras,Scripiing Xtras, 其它种类的扩展.12, 简述Authorware 中的框架（Frame）图标的作用以及应用. 框架可以设置导航五,综合题简述多媒体光盘的创作过程.要求写出各种素材创作的软件和多媒体编辑和创作工具.并说明整个创作过程.如可以以" 我的×× " 为具体创作对象来说明.答:1, 前期准备和创作设计分三项:素材收集（要求写出具体收集方法）,总体创作,屏幕创作（可以通过画总体设计框图来说明）.2, 数据制作,在多媒体计算机技术中,文字,图象,动画,声音和视频等素材都是多媒体的数据,经加工和编辑,并由专门的单媒体的工具软件如文字――Word2000, 图象―― Photodraw2000,动画―― Ulead Gif 4, 声音―― Ulead Audio Editor 6 和视频―― Ulead Video Editor 6 进行处理.3, 整体合成.根据提供的编辑方式不同,大致可分为基于时序的创作工具――Flash, 基于图标的创作工具―― Authorware, 基于页或卡片的创作工具―― Toolbook, 基于传统程序语言的创作工具―― .Visual Basic 等.同学们可以根据具体的创作工具进行描述,并写出创作中的关键技术.4, 刻光盘.（注答案不是唯一的）六,计算题1, 计算一张650Mb 的光盘可以放多少分钟采样频率为44.1khz,分辨率为16 位,双声道的CD 质量的WAV 格式声音文件.答:一分钟的声音文件:44.1× 1000×16×2×60/8/1024/1024=10.09Mb 650/10.09=64.4 分钟2, 如果采样频率为22.05khz, 32位,单声道,上述条件符合CD 质量的红皮书音频标准,长度为10 秒,声音文件的大小为多少文件大小S=采样频率× （分辨率/8）×声道数×录音时间=（22.05 1×000 ×32/8 ×1×10/1024=861Kb3, 通常17 寸显示器的分辨率我们设置为1024×768,如果我们要求在这个显示器上要显示的图像颜色达到64K 种,那么这个计算机的显卡至少需要多少显示内存答: 显示内存大小=分辨率×颜色深度/8（64K 的颜色深度为16）1024 ×768 ×16/8/1024/1024）=1.5Mb4, 若以PAL 制式播放640× 480 图像,每个像素用256 色表示,则一小时的不压缩的数据量为多少MB.数据量大小= 一幅静态图象大小（长×宽×图象颜色深度/8）×帧速×时间640×480×8/8 ×3600 ×25/1024/1024=26367MB5, 请计算一张650Mb 的光盘可以放多少分钟采用采样频率22.05KHz, 分辨率为16 位,双声道录制的声音文件.答:一分钟的声音文件:22.05 × 1000× 16× 2× 60/8/1024/1024=5.04Mb650/5.04=129 分钟6, 如果采样频率为22.05khz, 32 位,双声道的音频文件,长度为10 秒,声音文件的大小为多少文件大小S=采样频率× （分辨率/8）×声道数×录音时间=（22.05 1×000 ×32/8 ×2×10/1024=1722Kb7, 若以NTSC 制式播放640× 480图像,每个像素用256色表示,则一小时的不压缩的数据量为多少MB.数据量大小= 一幅静态图象大小（长×宽×图象颜色深度/8）×帧速×时间640×480×8/8 ×3600 ×30/1024/1024=31640 MB8, 通常17 寸显示器的分辨率我们设置为1024×768,如果我们要求在这个显示器上要显示的图像颜色达到256 种,那么这个计算机的显卡至少需要显示内存答: 显示内存大小=分辨率×颜色深度/8（64K 的颜色深度为16）1024 ×768 ×8/8/1024/1024）=0.75Mb1．以下关于多媒体技术的描述中，错误的是 ____ 。