气体的等温变化练习题
气体的等温变化练习
1.（2012·上海）如图，长L＝100cm，粗细均匀的玻璃管一端封闭。
水平放置时，长L0＝50cm的空气柱被水银柱封住，水银柱长h＝30cm。
将玻璃管缓慢地转到开口向下和竖直位置，然后竖直插入水银槽，插入后有△h＝15cm的水银柱进入玻璃管。
设整个过程中温度始终保持不变，大气压强p0＝75cmHg。
求：（1）插入水银槽后管内气体的压强p；（2）管口距水银槽液面的距离H。
答案：（1）设当转到竖直位置时，水银恰好未流出，由玻意耳定律p＝p0L/l＝53.6cmHg由于p＋ρgh＝83.6cmHg，大于p0，水银必有流出设管内此时水银柱长为x，由玻意耳定律p0SL0＝（p0－ρgh ）S （L －x ），解得x＝25cm 设插入槽内后管内柱长为L'，L'＝L－（x＋△h ）＝60cm插入后压强p＝p0L0/L'＝62.5cmHg（2）设管内外水银面高度差为h'h'＝75－62.5＝12.5cm管口距槽内水银面距离距离H＝L－L'－h'＝27.5cm2.（2012·海南）如图，一气缸水平固定在静止的小车上，一质量为m、面积为S的活塞将一定量的气体封闭在气缸内，平衡时活塞与气缸底相距L。
现让小车以一较小的水平恒定加速度向右运动，稳定时发现活塞相对于气缸移动了距离d。
已知大气压强为p0，不计气缸和活塞间的摩擦，且小车运动时，大气对活塞的压强仍可视为p0，整个过程中温度保持不变。
求小车的加速度的大小。
答案：【解析】设小车加速度大小为a，稳定时气缸内气体的压强为，活塞受到气缸内外气体的压力分别为，由牛顿第二定律得：，小车静止时，在平衡情况下，气缸内气体的压强应为，由波伊尔定律得：式中，联立解得：3.（2008·宁夏）一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的气缸内，活塞相对于底部的高度为h，可沿气缸无摩擦地滑动。
取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上表面上。
(完整word版)等温变化练习题
第一节气体的等温变化练习题（一）1、如图所示，注有水银的U型管，A管上端封闭，A、B两管用橡皮管相通．开始时两管液面相平，现将B管缓慢降低，在这一过程中，A管内气体体积____，B管比A管液面____．2．在一端封闭、粗细均匀的玻璃管内，用水银封闭了一部分空气，当玻璃管开口向上而处于静止时，管内空气柱长为L，当玻璃管自由下落时，空气柱长度将__________。
3、如图1所示，圆柱形气缸活塞的横截面积为S，下表面与水平面的夹角为α，重量为G。
当大气压为p0，为了使活塞下方密闭气体的体积减速为原来的1/2，必须在活塞上放置重量为多少的一个重物（气缸壁与活塞间的摩擦不计）4．一个贮气筒内装有30L一个大气压的空气，现在要使筒内压强增为5个大气压，则应向筒内再打入一个大气压的空气的体积。
（设此过程中温度保持不变）5、某个容器的容积是10L，所装气体的压强是20×105Pa。
如果温度保持不变，把容器的开关打开以后，容器里剩下的气体是原来的百分之几？设大气压是1.0×105Pa。
6．容积为20L的钢瓶，充满氧气后，压强为150atm，打开钢瓶的阀门，把氧气分装到每个容积为5L的小瓶中去，原来小瓶是真空的，装至压强为10atm时为止。
假设在分装过程中不漏气，并且温度不变，那么最多能分装多少瓶氧气？7、容器A的容积是10L，用一根带阀门的细管，与容器B相连。
开始时阀门关闭， A内充有10atm的空气，B是真空。
后打开阀门把A中空气放一些到B中去，当A内压强降到4atm 时，把阀门关闭，这时B内压强是3atm。
求容器B的容积。
假设整个过程中温度不变。
8、将一端封闭的均匀直玻璃管开口向下，竖直插入水银中，当管顶距槽中水银面8cm时，管内水银面比管外水银面低2cm．要使管内水银面比管外水银面高2cm，应将玻璃管竖直向上提起多少厘米？已知大气压强p0支持76cmHg，设温度不变．9、均匀U形玻璃管竖直放置，用水银将一些空气封在A管内，当A、B两管水银面相平时，大气压强支持72cmHg．A管内空气柱长度为10cm，现往B管中注入水银，当两管水银面高度差为18 cm时，A管中空气柱长度是多少？注入水银柱长度是多少？10、如图所示，长为1m，开口竖直向上的玻璃管内，封闭着长为15cm的水银柱，封闭气体的长度为20cm，已知大气压强为75cmHg，求：（1）玻璃管水平放置时，管内气体的长度。
高中物理选修3气体的等温变化计算题专项训练
高中物理选修3气体的等温变化计算题专项训练姓名：__________ 班级：__________考号：__________一、计算题（共15题）1、如图所示，1、2、3为p-V图中一定量理想气体的三个状态，该理想气体由状态1经过程1-3-2到达状态2。
试利用气体实验定律证明：2、用打气筒给自行车打气，设每打一次可打入压强为一个大气压的空气125cm3。
自行车内胎的容积为2.0L，假设胎内原来没有空气，那么打了40次后胎内空气压强为多少？（设打气过程中气体的温度不变）3、某地区空气污染严重，一位同学受筒装纯净水的启发，提出用桶装的净化压缩空气供气。
设某人每分钏呼吸16次，每次吸入1 atm的净化空气500mL，而每个桶能装10 atm的净化空气20L，假定这些空气可以全部被吸收，设温度不变，估算每人每天需吸多少桶净化空气。
4、一水银气压计中混进了空气，因而在27℃，外界大气压为758毫米汞柱时，这个水银气压计的读数为738毫米汞柱，此时管中水银面距管顶80毫米，当温度降至-3℃时，这个气压计的读数为743毫米汞柱，求此时的实际大气压值为多少毫米汞柱？5、如图所示，装有水银的细U形管与巨大的密封气罐A相连，导热性能均良好，左端封闭有一段空气柱，气温为－23℃时，空气柱长为62cm，右端水银面比左端低40cm．当气温升到27℃时，U形管两边高度差增加了4cm，则气罐内气体在－23℃时的压强为是多少cmHg？6、如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C.已知状态A的温度为300 K.①求气体在状态B的温度；②由状态B变化到状态C的过程中，气体是吸热还是放热？简要说明理由．7、如图a所示，水平放置的均匀玻璃管内，一段长为h=25cm的水银柱封闭了长为L=20cm 、温度为t0=27℃的理想气体，大气压强P=75cmHg。
将玻璃管缓慢地转过90o角，使它开口向上，并将封闭端浸入热水中（如图b），待稳定后，测得玻璃管内封闭气柱的长度L1=17.5cm，（1）此时管内封闭气体的温度t1是多少？（2）若用薄塞将管口封闭，此时水银上部封闭气柱的长度为。
气体的等温变化(习题)
气体的等温变化一、选择题1．关于温度有如下说法：①物体的温度不可能达到绝对零度；②随着低温技术的发展，绝对零度是可能达到的；③人的正常体温约310 K；④一个物体的温度由10℃升高到20℃，与它从288 K升高到298 K所升高的温度是相同的．其中正确的是（）．A．①④B．②④C．①③④D．②③④2．封闭在容器中的气体的压强（）．A．是由气体重力产生的B．是由气体分子间相互作用（引力和斥力）产生的C．是由大量分子频繁碰撞器壁产生的D．当充满气体的容器自由下落时，由于失重，气体压强将减小为零3．著名的马德堡半球实验可简化成如图所示的示意图．设两个半球壳拼成的球形容器的半径为R，大气压强为p，则要使这两个半球壳分离，施加的拉力，至少为（）．A．4πR2p B．2πR2p C．πR2p D．12πR2p4．一定质量的气体发生等温变化时，若体积增大为原来的2倍，则压强变为原来的（）倍．A．2 B．1 C．12D．145．一定质量的气体在温度保持不变时，压强增大到原来的4倍，则气体的体积变为原来的（）倍．A．4 B．2 C．12D．146．如图所示，D→A→B→C表示一定质量的某种气体状态变化的一个过程，则下列说法正确的是（）．A．D→A是一个等温过程B．A→B是一个等温过程C．A与B的状态参量相同D．B→C体积减小，压强减小，温度不变7．如图所示是一定质量的某种气体状态变化的p－V图象，气体由状态A变化至状态B 的过程中，气体分子平均速率的变化情况是（）．A．一直保持不变B．一直增大C．一直减小D．先增大后减小8．如图所示，一根一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽中，内封一定质量的气体，管内水银面低于管外，在温度不变时，将玻璃管稍向下插入一些，下列说法正确的是（）．A．玻璃管内气体体积减小B．玻璃管内气体体积增大C．管内外水银面高度差减小D．管内外水银面高度差增大9．如图所示，上端封闭的连通器A、B、C三管中水银面相平，三管横截面积的关系是S A＞S B＞S C．管内水银上方的空气柱长度为L A＜L B＜L C．若从下方通过阀门K流出少量水银（保持三管中均有水银），则三管中水银面的高度关系是（）．A．A管中水银面最高B．C管中水银面最高C．一样高D．条件不足，无法确定10．如图所示，有一段12 cm长的汞柱，在均匀玻璃管中封住一定质量的气体，若开口向上将玻璃管放置在倾角为30°的光滑斜面上，在下滑过程中被封气体的压强为（大气压强p 0=76 cmHg ）（ ）．A ．76 cmHgB ．82 cmHgC ．88 cmHgD ．70 cmHg11．一定质量的气体在等温变化的过程中，它的下列哪些物理量将发生变化？（ ）A ．气体的平均速率B ．单位体积内的分子数C ．气体的压强D ．分子总数12．如图所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量，设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气（ ）．A ．体积不变，压强变小B ．体积变小，压强变大C ．体积不变，压强变大D ．体积变小，压强变小二、填空题13．如图所示，在左端封闭的U 形管中，用水银封住了A 、B 两段空气柱，外界大气压强为76 cmHg ，则p A =________，p B =________。
新教材人教版物理气体的等温变化习题含答案
气体的等温变化一、单选题1．一定质量的理想气体状态发生变化，满足玻意耳定律，若气体压强增大，下列说法正确的是（ ） A ．分子的平均动能增大B ．分子的平均动能减小C ．气体的内能增大D ．分子之间的平均距离变小2．如图所示，活塞质量为m ，气缸质量为M ，通过弹簧吊在空中，气缸内封住一定质量的空气，气缸内壁与活塞无摩擦，活塞截面积为S ，大气压强为0p ，则（ ）A ．气缸内空气的压强等于0p +mg SB ．气缸内空气的压强等于0Mg p SC ．内外空气对气缸的作用力大小为(M +m )gD ．内外空气对活塞的作用力大小为mg3．如图所示，把装有气体的上端封闭的玻璃管竖直插入水银槽内，管内水银面与槽内水银面的高度差为h ，当玻璃管缓慢竖直向下插入一些，问h 怎样变化？气体体积怎样变化？（ ）A ．变小，变小B ．变大，变小C ．不变，不变D ．变小，变大4．如图，在水平放置的刚性气缸内用活塞封闭两部分气体A 和B ，质量一定的两活塞用杆连接。
气缸内两活塞之间保持真空，活塞与气缸壁之间无摩擦，左侧活塞面积较大，A 、B 的初始温度相同。
略抬高气缸左端使之倾斜，再使A 、B 升高相同温度，气体最终达到稳定状态。
若始末状态A 、B 的压强变化量△P A 、△P B均大于零，对活塞压力的变化量△F A、△F B，则（）A．B体积增大B．A体积减小C．△F A>△F B D．△P A<△P B5．一个篮球的容积是3L，用打气筒给这个篮球打气，每打一次都把体积为300mL、压强与大气压相同的气体打进球内。
如果打气前篮球已经是球形，并且里面的压强与大气压相等，则打了10次后，篮球内部空气的压强是大气压的几倍（整个打气过程篮球内温度不变）（）A．1B．1.5C．2D．2.56．如图所示，一定质量的理想气体由状态A变化到状态B，该过程中气体的密度（）A．先变大后变小B．先变小后变大C．一直变大D．一直变小7．容积V=20L的钢瓶充满氧气后，压强为p=30atm，打开钢瓶阀门，把氧气分装到容积为V'=5L的小瓶子中去。
2.2气体的等温变化 同步练习(word版含答案)
2.2气体的等温变化同步练习2021—2022学年高中物理人教版（2019）选择性必修第三册一、选择题（共15题）1．物理学是一门建立在实验基础上的学科，很多定律是可以通过实验进行验证的。
下列定律中不可以通过实验直接验证的是（）A．牛顿第一定律B．牛顿第二定律C．万有引力定律D．玻意耳定律2．如图所示，一端封闭，一端开口截面积相同的U形管AB，管内灌有水银，两管内水银面高度相等，管A内封有一定质量的理想气体，气体压强为72 cmHg。
今将开口端B接到抽气机上，抽尽B管上面的空气，结果两水银柱产生18 cm的高度差，则A管内原来空气柱长度为（）A．18 cm B．12 cm C．6 cm D．3 cm3．如图所示，在柱形容器中装有部分水，容器上方有一可自由移动的活塞．容器水面浮有一个木块和一个一端封闭、开口向下的玻璃管，玻璃管中有部分空气，系统稳定时，玻璃管内空气柱在管外水面上方的长度为a，空气柱在管外水面下方的长度为b，水面上方木块的高度为c，水面下方木块的高度为d．现在活塞上方施加竖直向下、且缓缓增大的力F，使活塞下降一小段距离（未碰及玻璃管和木块），下列说法中正确的是（）A ．d 和b 都减小B ．只有b 减小C ．只有a 减小D ．a 和c 都减小4．如图所示，开口向下的竖直玻璃管的末端有一段水银柱，当玻璃管从竖直位置转过o 30时，开口端的水银柱将（ ）A ．沿着管向上移动一段距离B ．从管的开口端流出一部分C ．不移动D ．无法确定其变化情况5．用打气筒将压强为1atm 的空气打进自行车胎内，如果打气筒容积3300cm V ∆=，轮胎容积V =3L ，原来压强 1.5atm p =。
现要使轮胎内压强变为 3.5atm p '= ，问用这个打气筒要打气几次（设打气过程中空气的温度不变）（ ）A ．25次B ．20次C ．15次D ．10次6．如图所示，下端用橡皮管连接的两根粗细相同的玻璃管竖直放置，右管开口，左管内被封闭一段气体，水银面比右管低，现保持左管不动，为了使两管内水银面一样高，下面采取的措施可行的是（ ）A ．减小外界气压B ．从U 形管的右管向内加水银C ．把U 形管的右管向上移动D ．把U 形管的右管向下移动7．如图所示，密封的U 形管中装有水银，左、右两端都封有空气，两水银面的高度差为h 把U 形管竖直浸没在热水中，高度差将（ ）A．增大B．减小C．不变D．两侧空气柱的长度未知，不能确定8．如图所示，一定质量的理想气体由状态A变化到状态B，该过程中气体的密度（）A．先变大后变小B．先变小后变大C．一直变大D．一直变小9．一端开口，另一端封闭的玻璃管内用水银封住一定质量的气体，保持温度不变，将管子以封闭端为圆心，从水平位置逆时针转到开口向上的竖直位置过程中，如图所示，正确描述气体状态变化的图象是（）。
气体等温测试题及答案
气体等温测试题及答案一、选择题1. 气体等温过程中，下列哪项物理量保持不变？A. 体积B. 温度C. 压强D. 内能2. 根据理想气体状态方程 PV=nRT，当气体等温变化时，下列哪个关系成立？A. P1V1 = P2V2B. P1T1 = P2T2C. V1/V2 = P2/P1D. P1/V1 = P2/V2二、填空题3. 在等温过程中，气体的_______保持不变。
4. 如果一个气体在等温过程中体积增大了，那么其压强将会_______。
三、简答题5. 解释什么是气体的等温过程，并给出一个日常生活中的实例。
四、计算题6. 一个气体样本在等温过程中，初始压强为2 atm，体积为2 L。
如果压强增加到3 atm，求最终体积。
五、论述题7. 讨论在气体等温过程中，为什么气体的内能保持不变，并解释这与理想气体状态方程的关系。
答案：一、选择题1. B2. A二、填空题3. 温度4. 减小三、简答题5. 气体的等温过程是指在气体体积和压强发生变化时，其温度保持不变的物理过程。
例如，当一个充气气球在室温下被缓慢放气时，气球内气体的温度与周围环境温度保持一致，这就是一个等温过程。
四、计算题6. 根据等温过程的公式 PV = 常数，我们可以计算最终体积 V2：V2 = (P1 * V1) / P2 = (2 atm * 2 L) / 3 atm = 4/3 L ≈1.33 L五、论述题7. 在气体等温过程中，气体的内能保持不变，因为内能主要由气体分子的动能决定，而温度是分子平均动能的标志。
由于温度不变，分子的平均动能也不变，因此内能保持不变。
理想气体状态方程 PV=nRT描述了气体的压强、体积、温度和摩尔数之间的关系。
在等温过程中，温度 T 保持不变，如果摩尔数 n 也不变，那么压强 P 和体积 V 成反比，这正是等温过程中气体内能不变的原因。
气体等温变化练习题
1.列图中，p表示压强，V表示体积，T为热力学温度，各图中正确描述一定质量的气体不是等温变化的是()2.如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、B两端开口，管内有一段水银柱，右管内气体柱长为39 cm，中管内水银面与管口A之间气体柱长为40 cm.先将B端封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设整个过程温度不变，稳定后右管内水银面比中管内水银面高2 cm，求：(1)稳定后右管内的气体压强p；(2)左管气柱的长度l′.(大气压强p0＝76 cmHg)3.一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽内，如图所示，管内水银柱比槽内水银面高h＝5 cm，空气柱长l＝45 cm，要使管内、外水银面相平．求：(1)应如何移动玻璃管？(2)此刻管内空气柱长度为多少？(设此时大气压相当于75 cmHg 产生的压强)4.如图所示，为一定质量的气体在不同温度下的两条等温线，则下列说法正确的是() A．从等温线可以看出，一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成反比B．一定质量的气体，在不同温度下的等温线是不同的C．由图可知T1＞T2D．由图可知T1＜T25.如图所示是某气体状态变化的p－V图象，则下列说法中正确的是()A．气体作的是等温变化B．从A至B气体的压强一直减小C．从A至B气体的体积一直增大D．气体的三个状态参量一直都在变6.如图所示，D→A→B→C表示一定质量的某种气体状态变化的一个过程，则下列说法正确的是()A．D→A是一个等温过程B．A→B是一个等温过程C．A与B的状态参量相同D．B→C体积减小，压强减小，温度不变7.(2010·广东卷)如图所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量．设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气()A．体积不变，压强变小 B．体积变小，压强变大C．体积不变，压强变大 D．体积变小，压强变小8.一定质量的理想气体经历一等温膨胀过程，这一过程可以用p－V图上的曲线来表示，如图所示．由此可知，当气体的体积V1＝5 L时，气体的压强p1＝________Pa；当气体的体积V2＝10 L时，气体的压强p2＝________Pa；当气体的体积V3＝15 L时，气体的压强p3＝________Pa.9.粗细均匀的玻璃棒，封闭一端长为12 cm.一个人手持玻璃管开口向下潜入水中，当潜到水下某深度时看到水进入玻璃管口2 cm，求人潜入水中的深度．(取水面上大气压强为p0＝1.0×105 Pa，g＝10 m/s2)1.D2.(1)插入水银槽后右管内气体：由玻意耳定律得：p 0l 0S ＝p ()l 0－Δh 2S ，得p ＝78 cmHg.(2)插入水银槽后左管压强：p ′＝p ＋ρg Δh ＝80 cmHg ，左管内外水银面高度差h 1＝p ′－p 0ρg＝4 cm ， 中、左管内气体由玻意耳定律得p 0l ＝p ′l ′，代入数据解得l ′＝38 cm ， 3.(1)要增大压强可采取的办法是：向下移动玻璃管时，内部气体体积V 减小、压强p 增大，h 减小．所以应向下移动玻璃管．(2)设此刻管内空气柱长度l ′，由p 1V 1＝p 2V 2，得(p 0－h )lS ＝p 0l ′S ， l ′＝(p 0－h )l p 0＝(75－5)×4575cm ＝42 cm. 4.ABD5.BCD6.A D →A 是一个等温过程，A 对；A 、B 两状态温度不同，A →B 是一个等容过程(体积不变)，B 、C 错；B →C ，V 增大，p 减小，T 不变，D 错．7.当洗衣缸水位升高时，封闭空气的压强增大．因温度不变，由玻意耳定律可知体积一定减小，故选B.8.p1、p3可直接从p －V 图中读出，分别为p1＝3×105 Pa 、p3＝1.0×105 Pa.由于A →B 过程为等温变化，由玻意耳定律可得p1V1＝p2V2，p1＝3×105 Pa ，V1＝5 L ，V2＝10 L ，即3×105×5＝p2×10，p2＝1.5×105 Pa.答案： 3×105 1.5×105 1×1059.解析： 确定研究对象为被封闭的一部分气体，玻璃管下潜的过程中气体的状态变化可视为等温过程． 设潜入水下的深度为h ，玻璃管的横截面积为S ，气体的初末状态参量分别为初状态：p 1＝p 0，V 1＝12S .末状态：p 2＝p 0＋ρgh ，V 2＝10S .由玻意耳定律：p 1V 1＝p 2V 2，得：p 0p 0＋ρgh ＝10S 12S. 解得h ＝2 m.。
气体的等温变化_玻马定律练习试题(含答案解析)
气体的等温变化—玻马定律(含答案)1、在一端封闭、长100cm且内径均匀的细直玻璃管中, 用25cm长的水银柱封住一部分空气. 当玻璃管水平放置时, 被封闭的气柱长为30cm. 这时外界的大气压为75cmHg产生的压强. 现将玻璃管缓慢旋转到管口朝下后, 再将它逐渐插入水银槽中, 在恒温条件下, 使气柱长又重新恢复到30cm( 见图) , 这时管口没入到槽中水银面下多少厘米深? 从管口进入的水银柱的高度是多少厘米?2、在标准大气压下，把75cm长两端开口的玻璃管全部插入深槽的水银中，封闭上端，将玻璃管缓慢地竖直提出水银面，管中留有的水银柱长度为_____cm.若将此管竖直插入水银中，使下中没入银63cm时封闭上端，再将玻璃管缓慢地竖直提出水银面，则管中留有的水银柱长是_____cm .3、如图所示, 两臂竖直放置的U形细管, 内径均匀, 两臂等长、左端开口、右端封闭, 其水平管的长度为L, 静止时其中正好充满水银, 两臂的高P、水银密度为ρ、温度H<2L, 右管中全是被封住的空气. 设大气压强为保持不变. 若使水银面上升到封闭竖直管的一半高度, 应以多大的角速度ω使整个装置绕开口竖直臂的轴线OO’匀速转动?4、如下图所示，在一玻璃容器中竖直放置一个水银压强计—即一端封闭、内径均匀的U形管，管内充有水银，并将一段l=20cm长的空气封在管内，两管臂竖直放置，其中的水银面封闭端比开口端高h=10cm，现将玻璃容器抽成真空，则压强计的开口端管内水银面将比封闭端管内水银面高出______cm.（设抽气前容器中空气压强支持75cmHg，U形管内空气温度保持一定）5、有一根两端开口的较长的玻璃管，竖直插在较深的水银槽中，玻璃管内有一段水银柱把一部分空气封闭在下方，这时系统处于静止，在环境温度不变的条件下，缓慢将玻璃管竖直往下插，则玻璃管内外的水银面的高度差将______，空气柱上方的水银柱相对于玻璃管将_____，空气柱的长度_____。
气体的等温变化—玻马定律练习题(含答案)精编版
气体的等温变化—玻马定律(含答案)1、在一端封闭、长100cm且内径均匀的细直玻璃管中, 用25cm长的水银柱封住一部分空气. 当玻璃管水平放置时, 被封闭的气柱长为30cm. 这时外界的大气压为75cmHg产生的压强. 现将玻璃管缓慢旋转到管口朝下后, 再将它逐渐插入水银槽中, 在恒温条件下, 使气柱长又重新恢复到30cm( 见图) , 这时管口没入到槽中水银面下多少厘米深? 从管口进入的水银柱的高度是多少厘米?2、在标准大气压下，把75cm长两端开口的玻璃管全部插入深槽的水银中，封闭上端，将玻璃管缓慢地竖直提出水银面，管中留有的水银柱长度为_____cm.若将此管竖直插入水银中，使下中没入银63cm时封闭上端，再将玻璃管缓慢地竖直提出水银面，则管中留有的水银柱长是_____cm .3、如图所示, 两臂竖直放置的U形细管, 内径均匀, 两臂等长、左端开口、右端封闭, 其水平管的长度为L, 静止时其中正好充满水银, 两臂的高P、水银密度为ρ、温度H<2L, 右管中全是被封住的空气. 设大气压强为保持不变. 若使水银面上升到封闭竖直管的一半高度, 应以多大的角速度ω使整个装置绕开口竖直臂的轴线OO’匀速转动?4、如下图所示，在一玻璃容器中竖直放置一个水银压强计—即一端封闭、内径均匀的U形管，管内充有水银，并将一段l=20cm长的空气封在管内，两管臂竖直放置，其中的水银面封闭端比开口端高h=10cm，现将玻璃容器抽成真空，则压强计的开口端管内水银面将比封闭端管内水银面高出______cm.（设抽气前容器中空气压强支持75cmHg，U形管内空气温度保持一定）5、有一根两端开口的较长的玻璃管，竖直插在较深的水银槽中，玻璃管内有一段水银柱把一部分空气封闭在下方，这时系统处于静止，在环境温度不变的条件下，缓慢将玻璃管竖直往下插，则玻璃管内外的水银面的高度差将______，空气柱上方的水银柱相对于玻璃管将_____，空气柱的长度_____。
高中物理气体的等温变化成长训练新人教选修
1 气体的等温变化主动成长夯基达标1.在一个上下温度相同的水池中，一个小空气泡缓慢向上浮起时，下列对气泡内气体分子的描述正确的是（ ）A.气体分子的平均速率不变B.气体分子数密度增加C.气体分子数密度不变D.气体分子无规则运动加剧解析：温度不变，由于压强减小，故体积增大.答案:A2.一定质量的气体，在温度不变的条件下，将其压强变为原来的2倍，则（ ）A.气体分子的平均动能增大B.气体分子的密度变为原来的2倍C.气体的体积变为原来的一半D.气体的分子总数变为原来的2倍 解析：气体分子平均动能为221mv E k =，由于温度T 不变，故k E 不变，据玻意耳定律得21221112211121,,212ρρρρ=⇒===⇒=V m V m V V V p V p ，即ρ2=2ρ1，故B 、C 正确. 答案:BC3.一只轮胎容积为10 L ，内装1.5 atm 的空气，现用打气筒给它打气.已知气筒的容积为V=1 L ，要使胎内气体压强达到2.5 atm ，应至少打多少次气（设打气过程中轮胎容积及气体温度维持不变）（ ）A.8次B.10次C.12次D.15次解析：本题中，胎内气体质量发生变化，似乎不能直接应用气体实验定律，但由于假设气体温度不变，故可将打气前后胎内气体体积分别折合成大气压下气体体积，求出两种情况下体积之差，便可得到结果，这样便将一个变质量问题化为两个等质量问题.打气前p 1V=p 0V′，打气后p 2V=p 0V″因而ΔV=V″-V′=V p p p 012-，打气次数012p p p v V n -=∆= 11015.15.2⨯-=•v V =10（次）. 答案:B4.一容器体积为V ，其内气体压强为 P 0.现用活塞式抽气机抽气，活塞筒的有效抽气容积为v=0.1 V,欲使容器内气体压强降为原来的百分之一，问至少要抽的次数是（设抽气过程中气体的温度不变）（ ）A.12次B.24次C.36次D.48次解析：本题可直接应用玻意耳定律，同时应用数学归纳法可得到一个几何级数.设抽气一次后，气体压强降为p 1，则有p 0V=p 1（V+v ），vV V p p +=01，同理可得，抽气两次后，气体的压强为0212)(p v V V p v V V p +=+=，以此类推0)(p v V V p n n +=，故得v V V p p n n +=lg /lg 0 1.1lg 01.0lg =≈48.3次. 答案:D5.图8-1-4中，p 表示压强，V 表示体积，T 为热力学温度，t 为摄氏温度，各图中正确描述一定质量的气体发生等温变化的是（）图8-1-4解析：A图中图线平行于纵轴，显然T不变，是等温变化，B中由图看出pV=恒量，是等温变化，C图中也可看出来pV=恒量，因而选项ABC都对.答案:ABC6.大气压强p0=1.0×105帕，某容器容积为20升，装有压强为20×105帕的理想气体，如果保持气体温度不变，把容器的开关打开，待气体达到新的平衡时，容器中剩下的气体质量与原来质量之比为（）A.1∶19 B.1∶20 C.2∶39 D.1∶18解析：容器内气体是20×105帕，打开开关，它完全释放在1.0×105帕压强下，体积为20×20升，剩在容器里的只有20升，即剩下20∶400=1∶20,因而选项B正确.答案:B7.如图8-1-5所示，两端开口的均匀玻璃管竖直插入水银槽中，管中有一段水银柱h1封闭一定质量的气体，这时管下端开口处内外水银面高度差为h2，若保持环境温度不变，当外界压强增大时，下列分析正确的是（）图8-1-5A.h2变长B.h2变短C.h1上升D.h1下降解析：内部气体压强为p0+h2或表示为p0+h1,由于h1不变因此h2也不变，而P0增大即内部气体压强增大，因而体积减小，因而h1下降只有选项D正确.答案:D8.如图8-1-6所示，一汽缸竖直倒放，汽缸内有一质量不可忽略的活塞，将一定质量的理想气体封在汽缸内，活塞与缸壁无摩擦，气体处于平衡状态.现保持温度不变把汽缸稍微倾斜一点，在达到平衡后，与原来相比，则（）图8-1-6A.气体的压强变大B.气体的压强变小C.气体的体积变大D.气体的体积变小解析：以活塞为研究对象，分析倾斜前后活塞的受力情况，根据物体平衡条件F合=0，求出压强p1、p2进行比较（如图1）倾斜前：p 1S+Mg-p 0S=0，p 1=p 0-S Mg ，倾斜后，在竖直方向上，p 2Scosθ+Mg -p 0Scosθ=0，p 2=p 0-.cos θS Mg图1∴p 2＞p 1，又由温度不变，p 1V 1=p 2V 2可得V 1＞V 2.答案:AD9.如图8-1-7所示，为一定质量的气体在不同温度下的两条等温线，则下列说法正确的是（ ）图8-1-7A.从等温线可以看出，一定质量的气体发生等温变化时，其压强与体积成反比B.一定质量的气体，在不同温度下的等温线是不同的C.由图可知T 1＞T 2D.由图可知T 1＜T 2解析：根据等温图线的物理意义可知A 、B 选项都对.气体的温度越高时，等温图线的位置就越高，所以C 错，D 对.答案:ABD10.如图8-1-8所示，一定质量气体放在体积为V 0的容器中，有一光滑的活塞C （不占体积）将容器分成A 、B 两室，B 室的体积为A 室的两倍，A 室容器上连有一U 形管（U 形管内气体体积忽略不计）两边水银柱高度差为76 cm ，在B 室容器上接有阀门K 可与大气相同，（外界大气压强76 cm 汞柱）求：将阀门K 打开后，A 室的体积变成多少？图8-1-8解析：由题设条件可判断，打开K 后，A 室空气做等温变化，遵循玻意耳定律，运用其解决即可. 由题知，打开K 前，B 室体积等于A 室体积的两倍，故此时A 室体积为0131V V =，A 室中气体压强p 1=p 0+h 水银柱=2h 水银柱.打开K 后，活塞右压强变为p 0，故A 室中气体做等温膨胀，稳定后压强变为p 0，设此时A 室体积为V 2，由玻意耳定律有p 0V 2=（p 0+h ）V 1.∵p 0=h,∴V 2=2V 1=V 32.答案:032V走近高考11.(2006上海高考，9)如图8-1-9所示，竖直放置的弯曲管A 端开口，B 端封闭，密度为ρ的液体将两段空气封闭在管内，管内液面高度差分别为h1、h2和h3，则B端气体的压强为（已知大气压强为P0）图8-1-9A.P0-ρg（h1+h2-h3）B.P0-ρg（h1+h3）C.P0-ρg（h1+h3-h2）D.P0-ρg（h1+h2）解析：由图中液面的高度关系可知，P0=P2+ρgh3和P2=P1+ρgh1,由此解得P1=P0-ρg(h1+h3)答案:B12.(2005上海高考，18)一同学用图8-1-10装置研究一定质量气体的压强与体积的关系，实验过程中温度保持不变，最初，U形管两臂中的水银面齐平，烧瓶中无水，当用注射器往烧瓶中注入水时，U形管两管中的水银面出现高度差，实验的部分数据记录在下表.图8-1-10气体体积V（mL）800 674 600 531 500水银面高度差h(cm) 0 14.0 25.0 38.0 45.0图8-1-11(2)实验时，大气压强p0=_____________ cmHg.答案: （1）如图2所示图2（2）75.0 cmHg(7.45 cmHg—75.5 cmHg)高考理综物理模拟试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
高考物理气体的等温变化专练
高考物理气体的等温变化专练正确.据p2(V2-V1)=p1V1′得V1′=4.8 L，所以逸出的气体相当于5 atm下的4.8 L气体.C正确，故应选B、C.答案：BC3.(2019?泰安高二检测)某同学做“探究气体等温变化的规律”时，测得的数据如下表所示，发现第5组数据中的pV 乘积有较大偏差，如果读数和计算无误，那么造成此偏差的原因可能是( )实验次序?1?2?3?4?5p(105 Pa)?1.21?1.06?0.93?0.80?0.66V(mL)?33.2?37.8?43.8?50.4?69.2pV(105 Pa?mL)?40.2?40.1?40.7?40.3?45.7A.温度升高 ?B.温度降低C.漏入气体 ?D.漏出气体解析：由于第5组数据中的pV乘积比前4组的值偏大了，如果压强和质量不变，体积变大说明温度升高，A正确;如果温度没有变化，乘积偏大说明气体的质量变大了，C正确. 答案：AC4.如图所示，一试管开口朝下插入盛水的广口瓶中，在某一深度静止时，管内封有一定的空气.若向广口瓶中缓慢倒入一些水，则试管将( )A.加速上浮B.加速下沉C.保持静止D.以原静止位置为平衡位置上下振动解析：题图中试管在水下某深度处于静止状态，浮力(等于排开水的重力)与试管重力相平衡.当试管中空气压强稍大些，即试管稍下移或向广口瓶中加水时，试管内的空气被压缩，浮力将减小，试管将下沉，在下沉的过程中，空气所受压强越来越大，浮力越来越小，试管将加速下沉.答案：B5.如图所示，活塞的质量为m，缸筒的质量为M，通过弹簧吊在天花板上，汽缸内封有一定质量的气体，缸筒和活塞间无摩擦，活塞面积为S，则(大气压强为p0)( )A.封闭气体的压强p=p0+mgSB.封闭气体的压强p=p0+?M+m?gSC.封闭气体的压强p=p0-MgSD.封闭气体的压强p=mgS解析：以缸筒为研究对象，受力分析如图所示，根据平衡条件有：Mg+pS=p0S，所以p=p0-MgS.答案：C6.如图所示，两端开口的均匀玻璃管竖直插入水银槽中，管中有一段水银柱h1封闭一定质量的气体，这时管下端开口处内、外水银面高度差为h2，若保持环境温度不变，当外界压强增大时，下列分析正确的是( )A.h2变长 ?B.h2变短C.h1上升 ?D.h1下降解析：被封闭气体的压强p=p0+h1=p0+h2.故h1=h2，随着大气压强的增大，被封闭气体压强也增大，由玻意耳定律知气体的体积减小，空气柱长度变短，但h1、h2长度不变，h1液柱下降，D项正确.答案：D7.如图所示为一定质量的气体在不同温度下的两条p-1V图线.由图可知( )A.一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成正比B.一定质量的气体在发生等温变化时，其p-1V图线的延长线是经过坐标原点的C.T1>T2D.T1解析：题图是一定质量的气体在发生等温变化时的p-1V图线，由图线知p∝1V，所以p与V应成反比，A错误;由题图可以看出，p-1V图线的延长线是过坐标原点的，故B正确;根据p-1V图线斜率的物理意义可知C错误、D正确.答案：BD二、非选择题8.某同学利用DIS实验系统研究一定质量的理想气体的状态变化，在实验后计算机屏幕显示了如图所示的p-T图象(实线部分)，已知在A状态气体体积为V.试求实验过程中，当气体温度保持在T0的情况下，气体体积在什么范围内变化? 解析：对于A、B、C三个状态，由玻意耳定律可知1.5p0V0=2p0V1=p0V2V1=34V0，V2=32V0即在温度保持T0的情况下，气体体积在34V0和32V0之间变化.答案：34V0～32V09.(2019?海南高考)如图，容积为V1的容器内充有压缩空气.容器与水银压强计相连，压强计左右两管下部由软胶管相连.气阀关闭时，两管中水银面等高，左管中水银面上方到气阀之间空气的体积为V2.打开气阀，左管中水银下降;缓慢地向上提右管，使左管中水银面回到原来高度，此时右管与左管中水银面的高度差为h.已知水银的密度为ρ，大气压强为p0，重力加速度为g;空气可视为理想气体，其温度不变.求气阀打开前容器中压缩空气的压强p1.解析：气阀打开前，左管内气体的压强为p0气阀打开后稳定时的压强p2=p0+ρgh①根据等温变化，则有p1V1+p0V2=p2(V1+V2)②联立①②两式解得p1=p0+ρgh?V1+V2?V1答案：p0+ρgh?V1+V2?V1小编为大家提供的高考物理气体的等温变化专练，大家仔细阅读了吗?最后祝同学们学习进步。
气体等温测试题及答案
气体等温测试题及答案一、选择题（每题2分，共10分）1. 在等温条件下，理想气体的内能仅取决于：A. 体积B. 温度C. 压力D. 质量答案：B2. 根据理想气体状态方程 PV=nRT，下列哪个量在等温条件下是恒定的？A. 体积B. 压力C. 温度D. 摩尔数答案：C3. 如果一个气体在等温条件下膨胀，其压强将如何变化？A. 增加B. 减少C. 不变D. 无法确定答案：B4. 气体等温过程中，下列哪个物理量是不变的？A. 内能B. 焓C. 熵D. 吉布斯自由能答案：A5. 在等温压缩过程中，气体的熵变是：A. 增加B. 减少C. 不变D. 无法确定答案：B二、填空题（每题3分，共15分）1. 理想气体状态方程为 ________，其中P表示压强，V表示体积，n表示摩尔数，R表示理想气体常数，T表示温度。
答案：PV=nRT2. 气体等温膨胀过程中，气体对外做功，因此气体的内能 ________。
答案：不变3. 气体等温压缩过程中，外界对气体做功，气体的内能 ________。
答案：不变4. 在等温条件下，理想气体的摩尔体积与温度成 ________关系。
答案：正比5. 气体等温过程中，气体的熵变与体积变化的关系是 ________。
答案：体积增加熵增加，体积减少熵减少三、简答题（每题5分，共20分）1. 描述气体等温过程中的热力学第一定律表达式。
答案：气体等温过程中，内能不变，因此Q=W，即系统吸收的热量等于对外做的功。
2. 说明气体等温膨胀和等温压缩过程中熵变的不同。
答案：在等温膨胀过程中，气体的熵增加，因为系统变得更加无序；而在等温压缩过程中，气体的熵减少，因为系统变得更加有序。
3. 理想气体状态方程中，温度T的单位是什么？答案：温度T的单位是开尔文（K）。
4. 气体等温过程中，摩尔体积的变化对气体的熵有何影响？答案：在气体等温过程中，摩尔体积的增加会导致气体的熵增加，因为气体分子的自由度增加，系统变得更加无序。
气体的等温变化(基础练)(解析版)
气体的等温变化一、计算题1．如图所示，U形管内盛有水银，一端开口，另一端封闭一定质量的理想气体，被封闭气柱的长度为10 cm，左右两管液面高度差为1.7 cm，大气压强p0＝75.0 cmHg.现逐渐从U形管中取走一部分水银，使得左右两管液面高度差变为10 cm.求：(1)两管液面高度差变为10 cm后，被封闭气柱的长度是多少；(2)需要向U形管内注入多少厘米的水银，才能让高度差从10 cm变为两管液面齐平．【答案】(1)11.8 cm(2)13.2 cm【解析】(1)设空气柱长度l＝10 cm，高度差h＝1.7 cm时压强为p；当高度差为h1＝10 cm时，空气柱的长度为l1，压强为p1则有：p＝p0＋p h由玻意耳定律得：pl＝p1l1逐渐从U形管中取走一部分水银，右侧水银面低于左侧水银面h1则有：p1＝p0－p h1联立解得：l1＝11.8 cm.(2)当两侧的水银面达到同一高度时，设空气柱的长度为l2，压强为p2，则有：p2＝p0由玻意耳定律得：pl＝p2l2联立解得：l2≈10.2 cm设注入的水银在管内的长度为Δl，依题意得：Δl＝2(l1－l2)＋h1联立解得：Δl＝13.2 cm.2．(2018·全国卷Ⅲ·33(2))如图3所示，在两端封闭、粗细均匀的U形细玻璃管内有一段水银柱，水银柱的两端各封闭有一段空气．当U形管两端竖直朝上时，左、右两边空气柱的长度分别为l1＝18.0 cm和l2＝12.0 cm，左边气体的压强为12.0 cmHg.现将U形管缓慢平放在水平桌面上，没有气体从管的一边通过水银逸入另一边．求U形管平放时两边空气柱的长度．(在整个过程中，气体温度不变)【答案】22.5 cm7.5 cm【解析】设U形管两端竖直朝上时，左、右两边气体的压强分别为p1和p2.U形管水平放置时，两边气体压强相等，设为p.此时原左、右两边气柱长度分别变为l1′和l2′.由力的平衡条件有p1＝p2＋ρg(l1－l2)①式中ρ为水银密度，g为重力加速度大小．由玻意耳定律有p1l1＝pl1′②p2l2＝pl2′③两边气柱长度的变化量大小相等l1′－l1＝l2－l2′④由①②③④式和题给条件得l1′＝22.5 cml2′＝7.5 cm.3．横截面积处处相同的U形玻璃管竖直放置，左端封闭，右端开口．初始时，右端管内用h1＝4 cm的水银柱封闭一段长为L1＝9 cm的空气柱A，左端管内用水银封闭有长为L2＝14 cm的空气柱B，这段水银柱左右两液面高度差为h2＝8 cm，如图甲所示．已知大气压强p0＝76.0 cmHg，环境温度不变．(1)求初始时空气柱B的压强(以cmHg为单位)；(2)若将玻璃管缓慢旋转180°，使U形管竖直倒置(水银未混合未溢出)，如图乙所示．当管中水银静止时，求左右两水银柱液面高度差h3.【答案】(1)72 cmHg(2)12 cm【解析】(1)初始时，空气柱A的压强为p A＝p0＋ρgh1而p B＋ρgh2＝p A联立解得空气柱B的压强为p B＝72 cmHg；(2)U形管倒置后，空气柱A的压强为p A′＝p0－ρgh1空气柱B的压强为p B′＝p A′＋ρgh3空气柱B的长度L2′＝L2－h3－h2 2由玻意耳定律可得p B L2＝p B′L2′联立解得h3＝12 cm.4．(2019·全国卷Ⅱ·33(2))如图，一容器由横截面积分别为2S和S的两个汽缸连通而成，容器平放在水平地面上，汽缸内壁光滑．整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气．平衡时，氮气的压强和体积分别为p0和V0，氢气的体积为2V0，空气的压强为p.现缓慢地将中部的空气全部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有到达两汽缸的连接处，求：(1)抽气前氢气的压强；(2)抽气后氢气的压强和体积．【答案】(1)12(p 0＋p ) (2)12p 0＋14p 4(p 0＋p )V 02p 0＋p【解析】 (1)设抽气前氢气的压强为p 10，根据力的平衡条件得(p 10－p )·2S ＝(p 0－p )·S ①得p 10＝12(p 0＋p )；② (2)设抽气后氢气的压强和体积分别为p 1和V 1，氮气的压强和体积分别为p 2和V 2，根据力的平衡条件有 p 2·S ＝p 1·2S ③抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，则由玻意耳定律得p 1V 1＝p 10·2V 0④p 2V 2＝p 0V 0⑤由于两活塞用刚性杆连接，故V 1－2V 0＝2(V 0－V 2)⑥联立②③④⑤⑥式解得p 1＝12p 0＋14p V 1＝4(p 0＋p )V 02p 0＋p. 5．(2018·全国卷Ⅰ·33(2))如图，容积为V 的汽缸由导热材料制成，面积为S 的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K.开始时，K 关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p 0.现将K 打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为V 8时，将K 关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了V 6.不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为g .求流入汽缸内液体的质量．【答案】15p 0S 26g【解析】设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V 1，压强为p 1，下方气体的体积为V 2，压强为p 2.在活塞下移的过程中，活塞上、下方气体的温度均保持不变，由玻意耳定律得p 0·V 2＝p 1V 1p 0·V 2＝p 2V 2 由已知条件得V 1＝V 2＋V 6－V 8＝1324V V 2＝V 2－V 6＝V 3设流入汽缸内液体的质量为m ，由力的平衡条件得p 2S ＝p 1S ＋mg联立以上各式得m ＝15p 0S 26g.6．如图8所示，在固定的汽缸A 和B 中分别用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞面积之比为S A ∶S B ＝1∶2，两活塞与穿过B 汽缸底部的刚性细杆相连，活塞与汽缸、细杆与汽缸间摩擦不计且不漏气．初始时，A 、B 中气体的体积皆为V 0，A 中气体压强p A ＝1.5p 0，p 0是汽缸外的大气压强(保持不变)．现对A 中气体缓慢加热，并保持B 中气体的温度不变，当A 中气体的压强增大到p A ′＝2p 0时，求B 中气体的体积V B .【答案】1.5V 0【解析】对活塞受力分析，由平衡条件得p A S A ＋p B S B ＝p 0(S A ＋S B )p A ′S A ＋p B ′S B ＝p 0(S A ＋S B )已知S B ＝2S A ，p A ＝1.5p 0可得p B ＝34p 0，p B ′＝12p 0 对B 中的气体，由玻意耳定律得：p B V 0＝p B ′V B解得：V B ＝1.5V 0.。
气体的等温变化习题
气体的等温变化练习A 组1.如图所示，两端开口的均匀玻璃管竖直插入水银槽中，管中有一段用水银柱h 1封闭的一定质量的气体，这时管下端开口处内、外水银面高度差为h 2，若保持环境温度不变，当外界压强增大时，下列分析正确的是( )A ．h 2变长B ．h 2变短C ．h 1上升D ．h 1下降答案：D解析：被封闭气体的压强p ＝p 0＋p h 1＝p 0＋p h 2，故h 1＝h 2.随着大气压强的增大，被封闭气体压强也增大，由玻意耳定律知气体的体积减小，则气柱长度变短，但h 1、h 2长度不变，故h 1下降，D 项正确．2. 如图所示，一圆筒形汽缸静置于水平地面上，汽缸缸体的质量为M ，活塞(连同手柄)的质量为m ，汽缸内部的横截面积为S ，大气压强为p 0.现用手握住活塞手柄缓慢向上提，不计汽缸内气体的质量及活塞与汽缸壁间的摩擦，若汽缸刚提离地面时汽缸内气体的压强为p ，则( )A ．p ＝p 0＋mg SB ．p ＝p 0－mg SC ．p ＝p 0＋Mg SD ．p ＝p 0－Mg S 答案：D 解析：对汽缸缸体受力分析得Mg ＋pS ＝p 0S ，p ＝p 0－Mg S ，选D.3．(多选)如图所示为一定质量的气体在不同温度下的两条p －1V 图线．由图可知( )A ．一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成正比B ．一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成反比C ．T 1>T 2D ．T 1<T 2答案：BD解析：一定质量的气体温度不变时，pV ＝常量，所以其p －1V 图线是过原点的直线，A错误，B正确；对同一部分气体来说，体积相同时，温度越高，压强越大，所以T1<T2，D正确．B组4. (多选)如图所示是一定质量的某气体状态变化的p－V图象，则下列说法正确的是()A．气体做的是等温变化B．气体的压强从A到B一直减小C．气体的体积从A到B一直增大D．气体的三个状态参量一直都在变答案：BCD解析：一定质量的气体的等温过程的p－V图象即等温线是双曲线中的一支，显然题图所示AB图线不是等温线，AB过程不是等温变化过程，选项A错误；从AB图线可知气体从A状态变为B状态的过程中，压强p在逐渐减小，体积V 在不断增大，选项B、C正确；又因为该过程不是等温变化过程，所以气体的三个状态参量一直都在变化，选项D正确．5．(多选)如图所示，一定质量的气体由状态A变到状态B再变到状态C的过程，A、C两点在同一条双曲线上，则此变化过程中()A．从A到B的过程温度升高B．从B到C的过程温度升高C．从A到C的过程温度先降低再升高D．A、C两点的温度相等答案：AD6．各种卡通形状的氢气球，受到孩子们的喜欢，特别是年幼的小孩，若小孩一不小心松手，氢气球会飞向天空，上升到一定高度会胀破，是因为() A．球内氢气温度升高B．球内氢气压强增大C．球外空气压强减小D．以上说法均不正确答案：C解析：氢气球上升时，由于高空处空气稀薄，球外空气的压强减小，球内气体要膨胀，到一定程度时，气球就会胀破．7．如图所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量．设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气()A．体积不变，压强变小B．体积变小，压强变大C．体积不变，压强变大D．体积变小，压强变小答案：B解析：由题图可知空气被封闭在细管内，缸内水位升高时，气体体积减小；根据玻意耳定律，气体压强增大，B选项正确．8. 如图所示，用弹簧将封闭有一定质量气体的汽缸通过活塞悬挂起来，不计活塞与缸壁间的摩擦，保持温度不变，当外界大气压强变化时，不发生改变的是()A．封闭气体的压强B．封闭气体的体积C．弹簧的弹力D．汽缸底部离地面的高度答案：C解析：以汽缸为研究对象，设大气压强为p0，则有p0S＝pS＋Mg，p0变化，则p变化，因为温度不变，根据玻意耳定律，则V变化，A、B错误；对整体有kx＝(M＋m)g，弹簧的弹力不变，故活塞高度不变，又由于气体体积变化，则汽缸底部离地面的高度发生变化，C正确，D错误．9．大气压强p0＝1.0×105 Pa.某容器的容积为20 L，装有压强为20×105 Pa的气体，如果保持气体温度不变，把容器的开关打开，待气体达到新的平衡时，容器内剩下气体的质量与原来气体的质量之比为()A．1∶19 B．1∶20 C．2∶39 D．1∶18答案：B解析：由p1V1＝p2V2，得p1V0＝p0V0＋p0V，因V0＝20 L，则V＝380 L，即容器中剩余20 L压强为p0的气体，而同样大气压下气体的总体积为400 L，所以剩下气体的质量与原来气体的质量之比等于同压下气体的体积之比，即20 400＝120，B项正确．C组10．如图所示，有同学在做“研究温度不变时气体的压强跟体积的关系”实验时，用连接计算机的压强传感器直接测得注射器内气体的压强值，缓慢推动活塞，使注射器内空气柱从初始体积20.0 mL变为12.0 mL.实验共测了5次，每次体积值直接从注射器的刻度上读出并输入计算机，同时由压强传感器测得对应体积的压强值．实验完成后，计算机屏幕上立刻显示出如下表所示的实验结果．序号V(mL)p(×105 Pa)pV(×105 Pa·mL)120.0 1.001 020.020218.0 1.095 219.714316.0 1.231 319.701414.0 1.403 019.642512.0 1.635 119.621(1)仔细观察不难发现，pV (×105 Pa·mL)一栏中的数值越来越小，造成这一现象的可能原因是________．A ．实验时注射器活塞与筒壁间的摩擦力不断增大B ．实验时环境温度增大了C ．实验时外界大气压强发生了变化D ．实验时注射器内的空气向外发生了泄漏(2)根据你在(1)中的选择，说明为了减小误差，应采取的措施是________． 答案：(1)D (2)在注射器活塞上涂上润滑油增加密封性解析：(1)若实验时注射器活塞与筒壁间的摩擦力不断增大，由于缓慢推动活塞，所以不影响研究温度不变时气体的压强跟体积的关系，故A 错误；若实验时环境温度增大，根据气体方程，pV 乘积应该变大，而实验数据pV 的乘积在变小，故B 错误；实验时外界大气压强发生变化，对本实验没有影响，故C 错误；若实验时注射器内的空气向外发生泄漏，则实验只能测得部分气体的pV 乘积，故D 正确．(2)为了减少误差，应采取的措施是：在注射器活塞上涂上润滑油增加密封性．11．一个气泡从水底升到水面上时，体积增大为原来的2倍，设水的密度为ρ＝1.0×103 kg/m 3，大气压强p 0＝1.0×105 Pa ，水底与水面温差不计，求水的深度．(g 取10 m/s 2)答案：10 m解析：初状态：p 1＝p 0＋ρgh ，V 1＝V 0末状态：p 2＝p 0，V 2＝2V 0由玻意耳定律得p 1V 1＝p 2V 2代入数据解得h ＝10 m.12．如图所示，高为H 的导热汽缸竖直固定在水平地面上，汽缸的横截面积为S ，重力为G 的“⊥”形活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞离缸底高为h ，现手持“⊥”形活塞上端，缓慢竖直上提活塞，当活塞上升到汽缸上端口时，求竖直上提的力F 的大小．已知大气压强为p 0，不考虑活塞与汽缸之间的摩擦及温度的变化，不计活塞及汽缸壁的厚度．答案：(H －h )(p 0S ＋G )H 解析：以密闭气体为研究对象，初状态：压强p 1＝p 0＋G S ，体积V 1＝hS ，末状态：压强p 2＝p 0＋G －F S ，体积V 2＝HS .由玻意耳定律得p 1V 1＝p 2V 2，⎝ ⎛⎭⎪⎫p 0＋G S hS ＝⎝⎛⎭⎪⎫p 0＋G －F S HS ，解得F ＝(H －h )(p 0S ＋G )H .。
整理--每日练---简单题目练习--气体的等温变化22--含答案
气体的等温变化—玻马定律(含答案)1、热气球的下方有一个小孔，使球内外的空气相通，保持球内外空气压强相等。
气球内部有一个温度调节器，以调节球内空气的温度，从而控制气球的升降。
已知气球的容积V=500米3，气球连同吊篮的总质量m 0=180千克，地面大气T 0=280K ，压强p 0=1.0×105帕，密度ρ=1.2千克/米3。
①将气球内的温度由T 0升高到T 1=350K ，气球内的空气质量减少多少？②气球内的温度调到多高时，气球才能开始升空？1、设球内气体温度为T 1时，气体密度为ρ1，则有110000T p T p ρρ=。
球内空气质量减少△m=ρ0V －ρ1V=120千克。
设气球开始升空时，球内气体密度为ρ2，温度为T 2，则220000T p T p ρρ=；又ρ0Vg=m 0g ＋ρ2Vg,联立得T 2=400（开）2、用活塞将一定质量的空气封闭在汽缸内，开始时汽缸的开口朝下放置在水平地面上，活塞位于汽缸的正中央，活塞的下表面仍与大气相通。
设活塞的质量为m ，汽缸的质量为M=2m 。
设大气压强为p 0，温度保持不变，活塞的横截面积为S ，活塞的厚度不计，今用竖直向上的力F 将汽缸非常缓慢地提起，如图所示。
当活塞位于汽缸的开口时，两者相对静止并以共同的加速度向上运动，求此时力F 的大小（用m 、g 、p 0、S 表示）。
2、设缸内气体初态（未加力时）压强为p 1，末态（活塞与汽缸共同加速运动时）压强为p 2.未加力时，活塞受力满足p 1S ＋mg －p 0S=0对封闭气体，根据玻－马定律p 1V 1=p 2V 2可得p 2=p 1/2=21(p 0－Smg )加外力F 后，设活塞与汽缸共同加速时的加速度为a ，此时活塞受力满足：p 0S －p 2S －mg=ma汽缸和活塞整体受力满足：F －3mg=3ma可解得：F=3(p 0S ＋mg)/23.64、如图所示，一个质量M=2.0千克，横截面积S=1.0×10－4米2的气缸置于倾角θ=30°的斜面上。
高二物理气体的等温变化试题
高二物理气体的等温变化试题1.一个气泡由湖面下20m深处上升到湖面下10m深处，它的体积约变为原来的体积的（温度不变，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10m/s2）（）A．3倍B．2倍C．1.5倍D．0.7 倍【答案】C【解析】以气泡里面的气体为研究对象，一标准大气压相当于10m水柱的压强，则由玻马定律可知答案为C。
思路分析：气泡里面的气体为一定质量的可视为理想气体，要注意考虑外界大气压的影响。
试题点评：本题学生容易忽略外界大气压。
2.如图8.1—5，两个半球壳拼成的球形容器内部已抽成真空，球形容器的半径为R，大气压强为P。
为使两个半球壳沿图箭头方向互相分离，应施加的力F至少为：（）A．4πR2p B．2π R2p C．πR2p D．πR2p/2【答案】C【解析】所施加的力F只需克服大气压力即可，大气压作用的有效面积为球的大圆面积，则大气压力为：，故C选项正确。
思路分析：关键找出大气压作用的有效面积。
试题点评：本题是考察大气压力实际计算的问题，注意大气压力作用的有效面积。
3.一定质量的气体，在做等温变化的过程中，下列物理量发生变化的有：（）A．气体的体积B．单位体积内的分子数C．气体的压强D．分子总数【答案】ABC【解析】对于一定质量的气体，其分子总数在气体状态变化过程中不会改变，故D选项错误；p、V发生相应变化，单位体积内的分子数也随之发生相应变化，故ABC选项正确。
思路分析：气体的分子总数与气体的质量有关。
试题点评：此题考查气体状态的基本理解。
4.如图8.1—6所示，开口向下插入水银槽的玻璃管内封闭着长为H的空气柱，管内外水银高度差为h，若缓慢向上提起玻璃管（管口未离开槽内水银面），H和h的变化情况是（）A．h和H都增大B．h和H都减小C．h增大，H减小D．h减小，H增大【答案】A【解析】假设玻璃管上提时水银柱不动，则封闭气体压强减小，在大气压的作用下水银柱上升，h增大；而封闭气体由于压强减小，体积增大，则H增大，故A选项正确。
气体的等温变化(重点练)(解析版)
气体的等温变化一、计算题1．如图所示,一汽缸水平固定在静止的小车上,一质量为m,面积为S的活塞将一定量的气体封闭在汽缸内,平衡时活塞与汽缸底相距为L.现让小车以一较小的水平恒定加速度向右加速运动,稳定时发现活塞相对于汽缸移动了距离d.已知大气压强为p0,不计汽缸和活塞间的摩擦;且小车运动时,大气对活塞的压强仍可视为p0;整个过程温度保持不变.求小车加速度的大小.【答案】p0Sdm(L-d)【解析】设小车加速度大小为a,稳定时汽缸内气体的压强为p1,则活塞受到汽缸内外气体的压力分别为F1=p1S,F0=p0S由牛顿第二定律得F1-F0=ma小车静止时,在平衡状态下,汽缸内气体的压强应为p0.由玻意耳定律得p1V1=p0V0式中V0=SL,V1=S(L-d).联立以上各式得a=p0Sdm(L-d)2．如图所示,粗细相同的导热玻璃A、B由橡皮软管连接,一定质量的空气被水银柱封闭在A管内,气柱长L1=39 cm.B管上方与大气相通,大气压强p0=76 cmHg,环境温度T0=300 K.初始时两管水银面相平,若A管不动,将B 管竖直向上缓慢移动一定高度后固定,A管内水银面上升了h1=1 cm.大气压强不变.求:(1)B管与A管的水银面高度差;(2)要使两管内水银面再次相平,环境温度变为多少?(结果取整数)【答案】(1)2 cm(2)285 K【解析】(1)理想气体第1状态p1=p0,V1=L1S,T1=T0,第2状态p2,V2=(L1-h1)S,T2=T0,由理想气体状态方程p1V1=p2V2,解得p2=78 cmHg;B管与A管的高度差为Δh=p2-p0,解得Δh=2 cm.(2)第3状态p3=p0,V3=(L1-ℎ1-12Δℎ)S,T3由理想气体状态方程V1T1=V3 T3解得T3=285 K.3．如图所示,玻璃管的横截面S=1 cm2,在玻璃管内有一段质量为m=0.1 kg的水银柱和一定量的理想气体,当玻璃管平放时气体柱的长度为l0=10 cm,现把玻璃管正立,过较长时间后再将玻璃管倒立,经过较长时间后,求玻璃管由正立至倒立状态,水银柱相对于管底移动的距离是多少?(假设环境温度保持不变,大气压强取p0=1×105 Pa,重力加速度g取10 m/s2)【答案】2 cm【解析】气体做等温变化,当玻璃管平放时有p1=p0V1=l0S玻璃管正立时,对水银柱受力分析,p2S=p0S+mg,V2=l2S故p2=p0+mgS玻璃管倒立时,对水银柱受力分析,p0S=p3S+mg,V3=l3S有p3=p0-mgS根据玻意耳定律,得p1V1=p2V2,p2V2=p3V3由以上各式联立解得Δl=l3-l2≈2 cm.4．如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为2.0 cm的水银柱，水银柱下密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为2.0 cm.若将细管倒置，水银柱下表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同．已知大气压强为76 cmHg，环境温度为296 K.(1)求细管的长度；(2)若在倒置前，缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为止，求此时密封气体的温度．【答案】(1)41 cm(2)312 K【解析】(1)设细管的长度为L，横截面的面积为S，水银柱高度为h；初始时，设水银柱上表面到管口的距离为h1，被密封气体的体积为V，压强为p；细管倒置时，被密封气体的体积为V1，压强为p1.由玻意耳定律有pV＝p1V1①由力的平衡条件有p＝p0＋ρgh②p1＝p0－ρgh③式中，ρ、g分别为水银的密度和重力加速度的大小，p0为大气压强．由题意有V ＝S (L －h 1－h )④V 1＝S (L －h )⑤由①②③④⑤式和题给条件得L ＝41 cm ⑥(2)设气体被加热前后的温度分别为T 0和T ，由盖－吕萨克定律有V T 0＝V 1T⑦ 由④⑤⑥⑦式和题给数据得T ＝312 K.5．以下说法正确的是( )A ．太空中水滴呈现完美球形是由于液体表面张力的作用B ．晶体的各向异性是指沿不同方向其物理性质不同C ．空气中PM 2.5的运动属于分子热运动D ．气体的压强是由于气体分子间的相互排斥而产生的E ．恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，气泡中的理想气体内能不变，对外做功，吸收热量【答案】 ABE【解析】 太空中水滴呈现完美球形是由于液体表面张力的作用，故A 正确；晶体的各向异性是指沿不同方向其物理性质不同，故B 正确；PM 2.5的运动属于固体颗粒的运动，不是分子的热运动，故C 错误；气体的压强是由大量气体分子对容器壁的频繁碰撞引起的，不是由于气体分子间的相互排斥而产生的，故D 错误；小气泡缓慢上升的过程中，外部的压强逐渐减小，气泡膨胀对外做功，由于外部恒温，可以认为上升过程中气泡内空气的温度始终等于外界温度，则内能不变，由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q 知，气泡内能不变，同时对外做功，所以必须从外界吸收热量，故E 正确．故选ABE 。
气体的等温变化练习(与“气体”有关文档共12张)
压强变为1.0×105 Pa，这个容器的容积
是多大？
200L
第4页，共12页。
利用玻意耳定律解题的基本思路
（1）明确研究对象；
（2）分析过程特点，判断为等温过程；
（3）列出初、末状态的p、V值；
（4）根据p1V1=p2V2列式求解； （5）讨论结果。
今将玻璃管倾斜，下列叙述正确的是（ ） A．封闭端内的气体压强增大 B．封闭端内的气体压强减小
C．封闭端内的气体体积增大 D．封闭端内的气体体积减小
第12页，共12页。
1.32105
第8页，共12页。
6、一根一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽中,内封一定 质量的气体,管内水银面低于管外,在温度不变时,将玻璃管稍 向下插入一些,下列说法正确的是,如图所示.
A.玻璃管内A气D 体体积减小; 增大;
B.玻璃管内气体体积
C.管内外水银面高度差减小; 差增大.
D.管内外水银面高度
正确的是,如图所示.
B．封闭端内的气体压强减小
某个容器的容积是10L，所装气体的压强是20×105Pa。
气体与外界隔绝，管口朝下竖直放置，
在温度不变时，如果再向管里装入
初态 p1=20×105Pa V1=10L T1=T
有多高？已知大气压p0 = 1.
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5、如图所示，竖直玻璃管里有一段4cm长的水银柱 ，水银柱的下面封闭着长60cm的空气柱，玻璃管的横 截面积是0.1cm2. 在温度不变时，如果再向管里装入 27.2g的水银，持平衡时，封闭在水银柱下面的空气柱 有多高？已知大气压p0 = 1.0×105Pa，水银的密度 ρ =13.6×103 kg/m3.
物理 3-3 8.1 气体的等温变化 随堂练习 3套 有解析
8.1 气体的等温变化练习一1．（基础）一端封闭的玻璃管倒插入水银槽中，管竖直放置时，管内水银面比管外高h ，上端空气柱长为L ，如图所示，已知大气压强为H cmHg ，下列说法正确的是( )．A ．此时封闭气体的压强是(L ＋h)cmHgB ．此时封闭气体的压强是(H －h)cmHgC ．此时封闭气体的压强是(H ＋h)cmHgD ．此时封闭气体的压强是(H －L)cmHg解析：利用等压法，选管外水银面为等压面，则封闭气体压强p ＋p h ＝p 0，得p ＝p 0－p h ，即p ＝(H －h)cmHg ，故B 项正确．答案：B2．（基础）如图所示，活塞的质量为m ，缸套的质量为M ，通过弹簧吊在天花板上，汽缸内封住一定质量的气体，缸套和活塞间无摩擦，活塞面积为S ，大气压强为p 0，则封闭气体的压强为( )．A ．p ＝p 0＋Mg SB ．p ＝p 0＋＋SC ．p ＝p 0－MgSD ．p ＝mgS解析：以缸套为研究对象，有pS ＋Mg ＝p 0S ，所以封闭气体的压强p ＝p 0－MgS ，故应选C.对于活塞封闭气体类问题压强的求法，灵活选取研究对象会使问题简化．答案：C3.（基础）如图所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量．设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气( )．A ．体积不变，压强变小B ．体积变小，压强变大C ．体积不变，压强变大D ．体积变小，压强变小解析：由图可知空气被封闭在细管内，缸内水位升高时，气体体积减小；根据玻意耳定律，气体压强增大，B 项正确．答案：B4．（提高）在温度不变的情况下，把一根长为100 cm 、上端封闭的玻璃管竖直插入水银槽中如图所示，插入后管口到槽内水银面的距离是管长的一半，若大气压为75 cmHg ，求水银进入管内的长度．解析：以玻璃管内封闭气体为研究对象． 初态：玻璃管插入水银槽前 p 1＝p 0＝75 cmHg ，V 1＝LS ＝100S末态：玻璃管插入水银槽后，设管内外水银面高度差为h.则：p 2＝(75＋h)cmHg V 2＝[L －(L2－h)]·S ＝[100－(50－h)]·S ＝(50＋h)·S根据玻意耳定律p 1V 1＝p 2V 2得， 75×100·S ＝(75＋h)(50＋h)·S 即h 2＋125h －3 750＝0解得h ＝25 cm ，h ＝－150 cm(舍去)所以，水银进入管内的长度为L 2－h ＝(1002－25)cm ＝25 cm.答案：25 cm5．（中档）如图所示，两端开口的均匀玻璃管竖直插入水银槽中，管中有一段水银柱h 1封闭一定质量的气体，这时管下端开口处内、外水银面高度差为h 2，若保持环境温度不变，当外界压强增大时，下列分析正确的是()．A．h2变长B．h2变短C．h1上升D．h1下降解析：被封闭气体的压强p＝p0＋h1＝p0＋h2.故h1＝h2，随着大气压强的增大，被封闭气体压强也增大，由玻意耳定律知气体的体积减小，空气柱长度变短，但h1、h2长度不变，h1液柱下降，D项正确．答案：D6.（中档）如图所示，上端封闭的玻璃管，开口向下，竖直插在水银槽内，管内长度为h的水银柱将一段空气柱封闭，现保持槽内水银面上玻璃管的长度l不变，将管向右倾斜30°，若水银槽内水银面的高度保持不变，待再度达到稳定时()．A．管内空气柱的密度变大B．管内空气柱的压强变大C．管内水银柱的长度变大D．管内水银柱产生的压强变大解析：玻璃管倾斜前，设大气压强为p0，管内空气柱的压强为p1，长度为h的水银柱产生的压强为p h，有p1＋p h＝p0，试管倾斜后，假定管内水银柱的长度h不变，因l不变，管内空气柱的体积也不变，其压强仍为p1，但由于管的倾斜，管内水银柱产生的压强p h1小于倾斜前的压强p h，使p1＋p h1<p0，故假设不成立，由此判断，随着试管的倾斜，大气压强使管内水银面上移，管内水银柱上升，被封闭气体体积减小，空气柱的密度增大，再由玻意耳定律知，管内空气柱的压强随体积的减小而增大，当再达到稳定时，设管内空气压强为p2，管内水银柱产生的压强变为p h2，有p2＋p h2＝p0，比较两个式子，因p2>p1，故有p h2<p h，即倾斜后管内水银柱产生的压强比倾斜前小，故A、B、C正确．答案：ABC7.（基础）如图所示，D→A→B→C 表示一定质量的某种气体状态变化的一个过程，则下列说法正确的是( )．A ．D→A 是一个等温过程B ．A→B 是一个等温过程C ．A 与B 的状态参量相同D ．B→C 体积减小，压强减小，温度不变解析：D→A 是一个等温过程，A 对；A 、B 两状态温度不同，A→B 是一个等容过程(体积不变)，B 、C 错；B→C 是一个等温过程，V 增大，p 减小，D 错．答案：A8.（中档）如图所示，是一定质量气体状态变化的pV 图象，则下列说法正确的是( )．A ．气体做的是等温变化B ．气体的压强从A 至B 一直减小C ．气体的体积从A 到B 一直增大D ．气体的三个状态参量一直都在变解析：一定质量的气体的等温过程的p －V 图象即等温曲线是双曲线，显然图中所示AB 图线不是等温线，AB 过程不是等温变化，A 选项不正确．从AB 图线可知气体从A 状态变为B 状态的过程中，压强p 在逐渐减小，体积V 在不断增大，则B 、C 选项正确．又该过程不是等温过程，所以气体的三个状态参量一直都在变化，D 选项正确．答案：BCD9．（中档）用活塞气筒向一个容积为V 的容器内打气，每次能把体积为V 0，压强为p 0的空气打入容器内，若容器内原有空气的压强为p ，打气过程中温度不变，则打了n 次后容器内气体的压强为( )．A.p 0V 0VB ．p 0＋np 0C ．p ＋n ⎝⎛⎭⎫p 0V 0VD ．p 0＋⎝⎛⎭⎫V 0V n·p 0 解析：将n 次打气的气体和容器中原有气体分别看成是初态，将打气后容器内气体看成是末态，利用等温分态分式，有pV ＋np 0V 0＝p′V ，得n 次打气后容器内气体的压强p′＝p ＋n ⎝⎛⎭⎫p 0V 0V ，即C 正确．答案：C10.（中档）如图所示，两端开口的U 形玻璃管中，右侧直管内有一部分空气被一段高为H 的水银柱与外界隔开．若再向左边的玻璃管中注入一些水银，平衡后，则( )．A ．U 形玻璃管下部两边水银面的高度差减小B ．U 形玻璃管下部两边水银面的高度差增大C ．U 形玻璃管下部两边水银面的高度差不变D ．U 形玻璃管右边玻璃管内的气体体积减小解析：由右管内封闭气体的水银柱压强平衡条件知，气体压强等于外界大气压p 0与高H 的水银柱产生的压强之和，即p ＝p 0＋p H .根据连通器原理，左管内水银面与右管密闭气体下方水银面高度差也应为H.当左管内再注入一些水银后，由于右管上方水银柱高度是H ，密闭气体的压强不变，所以左、右两管下部水银面高度差不变，故选项C 对，A 、B 错，由于密闭气体的温度不变、压强不变，所以体积不变，选项D 错．答案：C11．（提高）农村常用来喷射农药的压缩喷雾器的结构如图所示．A 的容积为7.5 L ，装入药液后，药液上方空气的压强为105 Pa ，体积为1.5 L ，关闭阀门K ，用打气筒B 每次打进105 Pa 的空气250 cm 3.则：(1)要使药液上方气体的压强为4×105 Pa ，打气筒活塞应打几次？(2)当A 中有4×105 Pa 的空气后，打开阀门K 可喷射药液，直到不能喷射时，A 容器剩余多少体积的药液？解析：(1)以V 总、V 分别表示A 的总容积和打气前药液上方空气的体积，p 0表示打气前A 容器内药液上方的气体压强，V 0表示每次打入的压强为p 0的空气体积，p 1表示打n 次后A 容器内药液上方的气体压强，以A 中原有空气和n 次打入A 中的全部气体作为研究对象，由玻意耳定律，可得p 0(V ＋nV 0)＝p 1V ，所以n ＝1－p 0p 0V 0＝5－105105×250×10－3＝18(次)．(2)打开阀门K ，直到药液不能喷射，忽略喷管中药液产生的压强，则A 容器内的气体压强应等于外界大气压强，以A 容器内的气体作为研究对象，由玻意耳定律，可得p 1V ＝p 0V′.所以药液不能喷射时A 容器内的气体体积： V′＝p 1p 0V ＝4×105105×1.5 L ＝6 L ，则A 容器内剩余药液的体积：V 剩＝V 总－V′＝7.5 L －6 L ＝1.5 L. 答案：(1)18次 (2)1.5 L12.（提高）如图所示，一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的气缸内，活塞相对于底部的高度为h ，可沿气缸无摩擦地滑动．取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上表面上．沙子倒完时，活塞下降了h4.再取相同质量的一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上表面上．外界大气的压强和温度始终保持不变，求此次沙子倒完时活塞距气缸底部的高度．解析：设大气和活塞对气体的总压强为p 0，加一小盒沙子对气体产生的压强为p ，由玻意耳定律得p 0h ＝(p 0＋p)⎝⎛⎭⎫h －14h① 由①式得p ＝13p 0②再加一小盒沙子后，气体的压强变为p 0＋2p.设第二次加沙子后，活塞的高度为h′，则p 0h ＝(p 0＋2p)h′③联立②③式解得h′＝35h.答案：35h练习二1．（中档）一个气泡由湖面下20 m深处上升到湖面下10 m深处，它的体积约变为原来体积的(温度不变)()A．3倍B．2倍C．1.5倍D．0.7倍解析：外界大气压相当于10 m水柱产生的压强，对气泡p1＝3p0，p2＝2p0，由p1V1＝p2V2知V2＝1.5V1，故C项正确．答案：C2．（中档）如图所示，在一端封闭的玻璃管中，用一段水银将管内气体与外界隔绝，管口向下放置，若将管倾斜，待稳定后则呈现的物理现象是()A．封闭端内气体的压强增大B．封闭端内气体的压强减小C．封闭端内气体的压强不变D．封闭端内气体的体积减小解析：玻璃管由竖直到倾斜，水银柱压强p h减小，由p＋p h＝p0知气体压强增大，再由玻意耳定律知其体积减小，故A、D正确．答案：AD4．（基础）放飞的氢气球上升到一定高度会胀破，是因为()A．球内氢气温度升高B．球内氢气压强增大C．球外空气压强减小D．以上说法均不正确解析：气球上升时，由于高空处空气稀薄，球外气体的压强减小，球内气体要膨胀，到一定程度时，气球就会胀破．答案：C5．（中档）氧气瓶在储存过程中，由于密封不严，出现缓慢漏气，其瓶内氧气的压强和体积变化如图中A到B所示，则瓶内氧气的温度(设环境温度不变)()A．一直升高B．一直下降C．先升高后降低D．不变解析：易错选B，错误原因是只简单地对A、B及A到B的过程进行分析后，作出各状态下的等温线，如图所示，从图中可以看出t A>t1>t2>t B，从而误选B，而忽略了只有一定质量的气体才满足t A>t1>t2>t B.正确答案应为D.密封不严说明漏气，说明气体质量变化，B不正确；漏气缓慢进行，故氧气瓶中氧气可充分同外界进行热交换，隐含与外界“等温”．答案：D6．（中档）如图所示，一横截面积为S的圆柱形容器竖直放置，圆板A的上表面是水平的，下表面是倾斜的，且下表面与水平面的夹角为θ，圆板的质量为M，不计一切摩擦，大气压为p0，则被圆板封闭在容器中的气体的压强为()．A．p0＋Mgcos θ/SB．p0/S＋Mgcos θ/SC．p0＋Mgcos2θ/SD．p0＋Mg/S解析：以圆板为研究对象，如图所示，竖直方向受力平衡．p A S′cos θ＝p0S＋Mg，S′＝S/cos θ，所以p A(S/cos θ)cos θ＝p0S＋Mg，所以p A＝p0＋Mg/S.故此题应选D选项．答案：D7．（中档）如图所示，玻璃管内封闭了一段气体，气柱长度为l，管内外水银面高度差为h，若温度保持不变，把玻璃管稍向上提起一段距离，则()．A ．h 、l 均变大B ．h 、l 均变小C ．h 变大l 变小D ．h 变小l 变大解析：根据pV ＝C ，l 变大，p 变小，根据p ＝p 0－ρgh ，h 变大，A 选项正确． 答案：A8．（中档）下图中，p 表示压强，V 表示体积，T 为热力学温度，各图中正确描述一定质量的气体发生等温变化的是( )．解析：A 图中可以直接看出温度不变；B 图说明p ∝1V ，即p·V ＝常数，是等温过程；C图是双曲线，但横坐标不是体积V ，不是等温线；D 图的pV 图线不是双曲线，故也不是等温线．答案：AB9．（提高）如图所示，有一压力锅，锅盖上的排气孔截面积约为7.0×10－6 m 2，限压阀重为0.7 N ．使用该压力锅对水消毒，根据下列水的沸点与气压关系的表格，分析可知压力锅内的最高水温约为(大气压强为1.01×105 Pa)( )C ．122 ℃D ．124 ℃解析：由表格数据知，气压越大，沸点越高，即锅内最高温度越高．对限压阀分析受力，当mg ＋p 0S ＝pS 时恰好要放气，此时p ＝mg S ＋p 0＝0.77.0×10－6＋p 0＝2.01×105 Pa 达到最大值，对应的最高温度为122 ℃答案：C10．（中档）容积V ＝20 L 的钢瓶充满氧气后，压强为p ＝30个大气压，打开钢瓶盖阀门，让氧气分别装到容积为V 0＝5 L 的小瓶子中去，若小瓶子已抽成真空，分装到小瓶子中的氧气压强均为p 0＝2个大气压，在分装过程中无漏气现象，且温度保持不变，那么最多可装的瓶数是( )A ．4瓶B ．50瓶C ．56瓶D ．60瓶解析：设最多可装的瓶数为n ，由玻意耳定律有pV ＝p 0(V ＋nV 0)，所以n ＝pV －p 0V p 0V 0＝30×20－2×202×5＝56瓶． 答案：C11（中档）.如图所示，为医院用于静脉滴注的装置示意图，倒置的输液瓶上方有一气室A ，密封的瓶口处的软木塞上插有两根细管，其中a 管与大气相通，b 管为输液软管，中间又有一气室B ，而其c 端则通过针头接人体静脉．(1)若气室A 、B 中气体的压强分别为p A 、p B 则它们与外界大气压强p 0间的大小关系应为________；(2)当输液瓶的悬挂高度与输液软管内径确定时，药液滴注的速度________．(填“越滴越快”、“越滴越慢”或“恒定不变”)解析：(1)因a 管与大气相通，故可以认为a 管上端处压强即为大气压强，这样易得p A ＜p 0，而p B ＞p 0，即有p B ＞p 0＞p A .(2)当输液瓶的悬挂高度与输液软管的内径确定时，由于a 管上端处的压强与人体血管中的压强都保持不变，故b 管中气体的压强也不变，所以药液滴注的速度是恒定不变的．答案：(1)p B ＞p 0＞p A (2)恒定不变12．（提高）如图所示，密闭圆筒的中央有一个活塞，活塞两边封闭着两部分气体，它们的压强都是750 mmHg.现在用力把活塞向右移动，使活塞右边气体的体积变为原来的一半，那么活塞两边的压强差为多大？(假定气体温度不变)解析：在分析气体的变化规律时，由于质量一定且温度不变可以分别利用玻意耳定律研究左、右两部分气体的等温变化．左边：p 0V 0＝p 1·32V 0，得p 1＝23p 0＝500 mmHg 右边：p 0V 0＝p 2·12V 0，得p 2＝2p 0＝1 500 mmHg 活塞两边的压强差Δp ＝p 2－p 1＝1 000 mmHg答案：1 000 mmHg练习三1．（基础）描述气体状态的参量是指()A．质量、温度、密度B．温度、体积、压强C．质量、压强、温度D．密度、压强、温度解析：气体状态的参量是指温度、压强和体积，B对．答案：B2．（基础）各种卡通形状的氢气球，受到孩子们的喜欢，特别是年幼的小孩．小孩一不小心松手，氢气球会飞向天空，上升到一定高度会胀破，是因为()A．球内氢气温度升高B．球内氢气压强增大C．球外空气压强减小D．以上说法均不正确解析：气球上升时，由于高空处空气稀薄，球外气体的压强减小，球内气体要膨胀，到一定程度时，气球就会胀破．答案：C3．（中档）在标准大气压(相当于76 cmHg产生的压强)下做托里拆利实验时，由于管中混有少量空气，水银柱上方有一段空气柱，如图所示，则管中稀薄气体的压强相当于下列哪个高度的水银柱产生的压强()A．0 cm B．60 cmC．30 cm D．16 cm解析：设管内气体压强为p，则有：(p＋60) cmHg＝76 cmHg，可得管中稀薄气体的压强相当于16 cmHg，选项D是正确的．答案：D4．（中档）如图水银柱上面封闭一段气体，管内外水银面高度差h＝72 cm，大气压强为76 cmHg，下列说法正确的是()A．将管稍上提，h不变B．将管稍上提，h变大C．将管下插至管顶与管外水银面高度差为70 cm时，管内外水银面高度差也是70 cm D．将管下插至C项所述位置时，管内外水银面高度差小于70 cm解析：由p·V＝C知上提体积变大，压强变小，内外液面差变大，B对．同样下插时，体积变小，压强变大，内外液面差变小，D对．答案：BD5．（中档）在室内，将装有5 atm的6 L气体的容器的阀门打开后，从容器中逸出的气体相当于(设室内大气压强p0＝1 atm)()A．5 atm,3 L B．1 atm,24 LC．5 atm,4.8 L D．1 atm,30 L解析：当气体从阀门跑出时，温度不变，所以p1V1＝p2V2，当p2＝1 atm时，得V2＝30 L，逸出气体30 L－6 L＝24 L，B正确．据p2(V2－V1)＝p1V1′得V1′＝4.8 L，所以逸出的气体相当于5 atm下的4.8 L气体，C正确．答案：BC6．（中档）如图所示，一试管开口朝下插入盛水的广口瓶中，在某一深度静止时，管内封有一定的空气．若向广口瓶中缓慢倒入一些水，则试管将()A．加速上浮B．加速下沉C．保持静止D．以原静止位置为平衡位置上下振动解析：题图中试管在水下某深度处于静止状态，浮力(等于排开水的重力)与试管重力相平衡．当试管中空气压强稍大些，即试管稍下移或向广口瓶中加水时，试管内的空气被压缩，浮力将减小，试管将下沉，在下沉的过程中，空气所受压强越来越大，浮力越来越小，试管将加速下沉．答案：B7．（中档）如图所示，活塞的质量为m ，缸筒的质量为M ，通过弹簧吊在天花板上，汽缸内封有一定质量的气体，缸筒和活塞间无摩擦，活塞面积为S ，则(大气压强为p 0)( )A ．封闭气体的压强p ＝p 0＋mg S B ．封闭气体的压强p ＝p 0＋＋SC ．封闭气体的压强p ＝p 0－Mg S D ．封闭气体的压强p ＝mg S解析：以缸筒为研究对象，受力分析如图所示，根据平衡条件有：Mg ＋pS ＝p 0S ，所以p ＝p 0－Mg S. 答案：C8．（中档）有一段12 cm 长的汞柱，在均匀玻璃管中封住一定质量的气体，若开口向上将玻璃管放置在倾角为30°的光滑斜面上，在下滑过程中被封气体的压强为(大气压强p 0＝76 cmHg)( )A ．76 cmHgB ．82 cmHgC ．88 cmHgD ．70 cmHg解析：水银柱所处的状态不是平衡状态，因此不能用平衡条件来处理．水银柱的受力分析如图所示，因玻璃管和水银柱组成系统的加速度a ＝g sin θ，所以对水银柱由牛顿第二定律得：p 0S ＋mg sin θ－pS ＝ma ，故p ＝p 0＝76 cmHg.答案：A9．（中档）如图所示，图线1和2分别表示一定质量的气体在不同温度下的等温线，下述说法正确的有()A．图线1对应的温度高于图线2B．图线1对应的温度低于图线2C．气体由状态A沿图线1变化到状态B的过程中，分子间平均距离增大D．气体由状态A沿图线1变化到状态B的过程中，分子间平均距离减小解析：p－V图中，图线1在图线2外侧，其对应温度较高．图线1中，气体由状态A 变为B为等温膨胀过程，体积增大，气体分子间的平均距离将增大，故选A、C.答案：AC10．（中档）在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，U型管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为76 cm汞柱高，图中给出了气体的两个不同的状态．(1)实验时甲图气体的压强为________cmHg；乙图气体压强为________cmHg.(2)实验时某同学认为管子的横截面积S可不用测量，这一观点正确吗？答：________(选填“正确”或“错误”)．(3)数据测量完后在用图象法处理数据时，某同学以压强p为纵坐标，以体积V(或空气柱长度)为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出p与V间的关系吗？答：________解析：(1)由连通器原理可知，甲图中气体压强为p0＝76 cmHg，乙图中气体压强为p0＋4 cmHg＝80 cmHg.(2)由玻意耳定律p1V1＝p2V2，即p1l1S＝p2l2S，即p1l1＝p2l2(l1、l2为空气柱长度)，所以玻璃管的横截面积可不用测量．(3)以p为纵坐标，以V为横坐标，作出p－V图象是一条曲线，但曲线未必表示反比关系，所以应再作出p －1V图象，看是否是过原点的直线，才能最终确定p 与V 是否成反比． 答案：(1)76 80 (2)正确 (3)不能11．（中档）某容器的容积是10 L ，里面所盛气体的压强为2.0×106 Pa ，保持温度不变，把这些气体装在另一个容器里，气体的压强为1.0×105 Pa ，这个容器的容积是多大？解析：以容器中的气体为所研究的对象，其初始状态下V 1＝10 L ，P 1＝2.0×106 Pa ， 经过等温变化后，其末状态下p 2＝1.0×105 Pa ，由玻意耳定律有p 1V 1＝p 2V 2则V 2＝p 1p 2V 1＝2.0×1061.0×105×10 L ＝200 L. 答案：这个容器的容积为200 L12．（提高）如图为气压式保温瓶的原理图，保温瓶内水面与出水口的高度差为h ，瓶内密封空气体积为V ，设水的密度为ρ，大气压强为p 0，欲使水从出水口流出，瓶内空气压缩量ΔV 至少为多少？(设瓶内弯曲管的体积不计，压前水面以上管内无水，温度保持不变，各物理量的单位均为国际单位)解析：压水前：p 1＝p 0，V 1＝V压水后水刚流出时：p 2＝p 0＋ρghV 2＝V －ΔV ，由玻意耳定律：p 1V 1＝p 2V 2即p 0V ＝(p 0＋ρgh)(V －ΔV)解得ΔV ＝ρghV p 0＋ρgh. 答案：ρghV p 0＋ρgh。
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气体的等温变化
1、下列图1中，水银柱高度均为h=10cm，大气压强为p0=760mmHg，则各封闭段气体的压强p1=________；p2=________；p3=_________；p4=_________；p5=_________；p6=__________。
2、如图2所示，一个横截面积为s的圆筒形容器竖直放置。
金属圆板A的上表面是水平的，下表面是倾斜的，下表面与水平面的夹角为θ，圆板的质量为M。
不计圆板与容器内壁的摩擦。
若大气压强为p0，则被圆板封闭在容器中的气体的压强p等于( )
A、p0+Mgcosθ/s
B、p0/cosθ+Mg/scosθ
C、p0+Mgcos2θ/s
D、p0+Mg/s
3、在标准大气压（相当于76cm水银柱产生的压强）下做托里拆利实验时，由于管中混有少量空气，水银柱上方有一段空气柱，如图3所示。
这里管中稀薄气体的压强相当于下列哪个高度的水银柱产生的压强（）
A、0 cm
B、60 cm
C、30 cm
D、16 cm
4、如图4，把玻璃管口向下插入水银槽中，管内水银面低于管外水银槽中的水银面。
将玻璃管稍向上提起一些时，玻璃管中的气体压强将减小，则( )
A、玻璃管内气体的长度增加
B、玻璃管内气体的长度减小
C、玻璃管内外水银面高度差减小
D、玻璃管内外水银面高度差增大
5、如图5所示，在一根一端封闭、一端开口、长1m的均匀直玻璃管中，装入长为75cm
的水银柱，用它封住一部分空气。
当将其开口向下竖直放置时，被封气柱长24cm，这时的大气压强为76cm汞柱。
那么，当大气压强变为74 cm汞柱时，管内水银柱长度h为( )。
A、73 cm
B、73 cm<h<74 cm
C、74 cm
D、74 cm<h<75 cm
6、在1×105Pa的环境中做托里拆利实验，如图所示。
测出管内外水银面的高度h=72cm。
若保持管口总能浸没在槽内水银面以下，而将玻璃管竖直向上缓慢地提升△h。
那么，最后管内、外水银面的高度差h′的大小( )
A、等于h，即管内水银柱高度不变
B、小于h
C、等于h+△h
D、h<h′<h+△h
7、如图所示，粗细均匀两端开口的U形玻璃管，管内注入一定量的水银。
但在其中封闭了一段空气柱，其长度为l。
在空气柱上面的一段水银柱长为h1，空气柱下面的水银面与左管水银面相差为h2。
若往管内加入适量水银，则：
A、水银加入右管，l变短，h2变大；
B、水银加入左管，l不变，h2变大；
C、水银无论加在左管还是右管，h1始终与h2相等；
D、水银加在右管，l变短，水银加在左管，l变长。
8、用活塞式抽气机，在温度不变的情况下，从容积为4L的玻璃瓶中抽气，每抽一次，瓶内气体的压强减小到原来的5/6，那么这台抽气机的气室容积为多少升
9、一根长50cm、两端开口的直玻璃管，竖直插入水银槽中，它的上口距水银面10cm，现将管的上口堵住，然后缓慢竖直提出水银面，则管内水银柱的长度为多大（外界大气压支持75cmHg，温度保持不变。
）
10、容器内装有10×105Pa的气体5kg，当放出一部分气体后，容器内的气体压强减小到2×105Pa，求容器中剩余气体的质量。
(设温度不变)
［素质提高］
11、如图所示，A、B、C三只相同的试管，一端封闭，封闭端有一个小环由细线悬挂在天花板上，开口端插入水银槽中，试管内封有气体。
三管静止时，三根细线的张力分别为T A、T B、T C，A管内水银面和管外平，B管内水银面比管外低，C管内水银面比管外高，则三管中气体压强最小的是________管，三根细线中张力最大的是_______。
12、水银气压计中混入了一个空气泡，上升到水银柱的上方，使水银柱上方不再是真空，因而气压计的读数比实际的大气压小些。
当实际大气压为768mmHg产生的压强时，气压计的读数只有750mmHg，此时管中水银面到管顶的距离为80mm。
那么，当气压计读数为740mmHg时，实际大气压为多少（设温度保持不变）
13、一根粗细均匀的玻璃管OA，长度为1米，横截面积为0。
3厘米2，A端开口，O端封闭。
管中有3克水银形成一个小段很短的水银柱，将一定质量的空气与外界隔开。
玻璃管水平放置，大气压p0 =1。
0×105帕，水银柱与管底O相距80厘米（如图）。
现使玻璃管在水平面上绕管底O作匀速转动，为使水银不致甩到管外去，玻璃管转动的最大角速度
ω=________
1．860mmHg，660mmHg，860mmHg，960mmHg，660mmHg，760mmHg 2。
D 3。
D 4。
AC 5。
B 6。
D 7。
AC 8。
0。
8L 9。
32。
4cm 10。
1kg 11。
C，C 12。
756mmHg 13。
14。
1rad/s。