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河南省南阳一中高一物理下学期开学试卷(含解析)

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高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题 (3)

高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题 (3)

应对市爱护阳光实验学校一中高二〔下〕开学物理试卷一、选择题1．12月我射的“玉兔号〞月球车着陆月球，预计在将实施载人登月，假设宇航员登月后想探测一下月球外表是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，那么以下推断正确的选项是〔〕A．直接将电流表放于月球外表，看是否有示数来判断磁场有无B．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，那么可判断月球外表无磁场C．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，那么可判断月球外表无磁场D．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某个平面内沿两个互相垂直的方向运动，月球外表假设有磁场，那么电流表至少有一次示数不为零2．关于简谐运动，以下说法正确的选项是〔〕A．简谐运动一是水平方向的运动B．所有的振动都可以看作是简谐运动C．物体做简谐运动时一可以得到正弦曲线的轨迹线D．只要振动图象是正弦曲线，物体一做简谐运动3．如下图是研究通电自感的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合电键调节滑动变阻器R的滑动触头，使两个灯泡的亮度相同，调节滑动变阻器R1的滑动触头，使他们都正常发光，然后断开电键S．重闭合电键S，那么〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A1、A2均立刻变亮C．稳后，L和R两端的电势差一相同D．稳后，A1和A2两端电势差不相同4．一交流发电机，当转速为n1时，其交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100πt〔V〕，以下说法正确的选项是〔〕A．在t=0时，线圈中的磁通量为0B．该交流发电机线圈的转速为50r/sC．假设加在标有“220V，100W〞的灯泡的两端，灯泡能正常发光D．假设线圈的转速加倍，那么交变电压的最大值、有效值均增大一倍而频率不变5．声波在钢轨中传播的速度远大于在空气中的传播速度，那么当声音由空气传到钢轨中时〔〕A．频率变小，波长变大B．波长变小，频率变大C．频率不变，波长变大D．频率不变，波长变小6．如下图，在量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A 点距离也为d的一点，那么下面关于三点电场强度的大小、电势上下的比拟，正确的选项是〔〕A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规，所以无法判断电势的上下7．静电计是在验电器的根底上制成的，用其指针的张角大小来性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如下图，A、B是平行板电容器的两个金属板，G 为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一角度，为了使指针张开角度增大些，以下采取的措施可行的是〔〕A．断开开关s后，将A、B分开些B．保持开关s闭合，将A、B两极板分开些C．保持开关s闭合，将A、B两极板靠近些D．保持开关s闭合，将变阻器滑动触头向右移动8．如下图，带电粒子以速度v0从a点进入匀强磁场，运动中经过b点，Oa=Ob，假设撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，仍以v0从a点进入电场，粒子仍能通过b点，那么电场强度E与磁感强度B 之比为〔〕A．v0B ． C．2v0D ．9．如下图的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，以下说法正确的选项是〔〕A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，变压器的输出电压不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大10．在如下图的电路中，E为电源的电动势，r为电源的内电阻，R1、R2为可变电阻．在以下表达的操作中，可以使灯泡L的亮度变暗的是〔〕A．仅使R1的阻值增大 B．仅使R1的阻值减小C．仅使R2的阻值增大 D．仅使R2的阻值减小11．如下图，连接两平行金属板导线的一CD与一有电源回路的一GH平行且均在纸面内，金属板置于磁场中，磁场方向垂直于纸面向里，当一束离子体射入两金属板之间时，CD段导线受到力F的作用，那么〔〕A．假设离子体从右方射入，F向左B．假设离子体从右方射入，F向右C．假设离子体从左方射入，F向左D．假设离子体从左方射入，F向右12．一个质点做简谐运动的图象如下图，下述正确的选项是〔〕A．质点振动频率为4赫兹B．在10s内质点经过的路程是20cmC．在5s末，速度为零，加速度最大D．t=s和t=s两时刻质点的速度相同，加速度相同二、填空题13．室购置了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过测其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线假设干．答复以下问题：〔1〕中滑动变阻器选〔填“R1〞或“R 2〞〕，闭合开关S前将滑片移至端〔填“a〞或“b〞〕．〔2〕在实物图中，已正确连接了导线，请根据图甲电路完成剩余的连接．〔3〕调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为V．〔4〕导线实际长度为m〔保存2位有效数字〕．14．如下图为J0411多用电表示意图．其中A、B、C为三个可调节的部件．某同学在室中用它测量一阻值约为1～3kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：〔1〕调节可动部件，使电表指针指向．〔2〕调节可调部件B，使它的尖端指向位置．〔3〕将红黑表笔分别插入正负插孔中，笔尖相互接触，调节可动部件，使电表指针指向位置．〔4〕将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．〔5〕换测另一阻值为20～25kΩ的电阻时，调节B，使它的尖端指向“×1k〞的位置，此时还必须重复步骤，才能进行测量，假设电表读数如下图，那么该待测电阻的阻值是．三、计算题15．如图，实线是一列正弦波在某一时刻的波形曲线．经过0.5s后，其波形如图中虚线所示．该波的周期T大于0.5s．〔1〕如果波是向右传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？〔2〕如果波是向左传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？16．风力发电作为型环保能源，近几年来得到了快速开展，如下图风车阵中发电机输出功率为100kW，输出电压是250V，用户需要的电压是220V，输电线电阻为10Ω．假设输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求：〔1〕在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比．〔2〕用户得到的电功率是多少．17．如下图，ef、gh为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距为L=1m，导轨左端连接一个R=3Ω的电阻，一根电阻为1Ω的金属棒cd垂直地放置导轨上，与导轨接触良好，导轨的电阻不计，整个装置放在磁感强度为B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向上．现对金属棒施加4N的水平向右的拉力F，使帮从静止开始向右运动，试解答以下问题：〔1〕金属棒到达的最大速度v是多少？〔2〕金属棒到达最大速度后，R上的发热功率为多大？18．如图，在xoy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场．现有一质量为m、电量为+q的粒子〔重力不计〕从坐标原点O以速度大小为v0射入磁场，其入射方向与x轴的正方向成30°角．当粒子第一次进入电场后，运动到电场中P点处时，方向与x 轴正方向相同，P点坐标为〔L，L〕．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕求：〔1〕粒子运动到P点时速度的大小为v；〔2〕匀强电场的电场强度E和匀强磁场的磁感强度B；〔3〕粒子从O点运动到P点所用的时间t．一中高二〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．12月我射的“玉兔号〞月球车着陆月球，预计在将实施载人登月，假设宇航员登月后想探测一下月球外表是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，那么以下推断正确的选项是〔〕A．直接将电流表放于月球外表，看是否有示数来判断磁场有无B．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，那么可判断月球外表无磁场C．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，那么可判断月球外表无磁场D．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某个平面内沿两个互相垂直的方向运动，月球外表假设有磁场，那么电流表至少有一次示数不为零【考点】感电流的产生条件．【专题】性思想；推理法；电磁感与电路结合．【分析】直接将电流表放于月球外表，电流表电路是断开的，不能产生感电流，无法判断有无磁场．将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，不能判断月球外表没有磁场；假设电流表有示数，可以判断有磁场；假设线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感电流，电流表无示数，不能判断月球外表无磁场．【解答】解：A、直接将电流表放于月球外表，电流表电路是断开的，不能产生感电流，无法判断有无磁场．故A错误．B、将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，假设线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感电流，所以电流表无示数，不能判断月球外表无磁场．故B错误．C、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，线圈中磁通量发生变化，说明月球外表有磁场．故C错误．D、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某个平面内沿两个互相垂直的方向运动，月球外表假设有磁场，那么电流表至少有一次示数不为零．故D 正确．应选：D【点评】此题考查理论联系实际的能力，关键抓住产生感电流的条件：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化．2．关于简谐运动，以下说法正确的选项是〔〕A．简谐运动一是水平方向的运动B．所有的振动都可以看作是简谐运动C．物体做简谐运动时一可以得到正弦曲线的轨迹线D．只要振动图象是正弦曲线，物体一做简谐运动【考点】简谐运动的振动图象．【专题】简谐运动专题．【分析】简谐运动是最根本也最简单的机械振动．当某物体进行简谐运动时，物体所受的力跟位移成正比，并且总是指向平衡位置．它是一种由自身系统性质决的周期性的运动．【解答】解：A、简谐运动可以是水平方向的运动，也可以是竖直方向的运动，只要回复力满足F=﹣kx即可，故A错误；B、回复力满足F=﹣kx的振动才是简谐运动，故B错误；C、物体做简谐运动时，位移随着时间按照正弦规律变化，轨迹是直线，故C 错误；D、只要振动图象〔x﹣t〕是正弦曲线，回复力就一满足F=﹣kx，物体一做简谐运动，故D正确；应选：D．【点评】此题关键是明确简谐运动的义；从力的角度看，回复力满足F=﹣kx；从运动的角度看，位移时间图象是正弦曲线．3．如下图是研究通电自感的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合电键调节滑动变阻器R的滑动触头，使两个灯泡的亮度相同，调节滑动变阻器R1的滑动触头，使他们都正常发光，然后断开电键S．重闭合电键S，那么〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A1、A2均立刻变亮C．稳后，L和R两端的电势差一相同D．稳后，A1和A2两端电势差不相同【考点】自感现象和自感系数．【专题】性思想；推理法；电磁感与电路结合．【分析】闭合开关的瞬间，L相当于断路，稳后自感作用消失，结合欧姆律分析电压大小．【解答】解：A、闭合瞬间，L相当于断路，A2立刻变亮，A1逐渐变亮，故A错误，B错误；C、稳后，两个灯泡的亮度相同，说明它们两端的电压相同，L和R两端电势差一相同，故C正确D错误．应选：C【点评】对自感线圈来讲，掌握开关闭合瞬间，断路稳后和开关断开的瞬间，线圈对电流突变的阻碍作用．4．一交流发电机，当转速为n1时，其交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100πt〔V〕，以下说法正确的选项是〔〕A．在t=0时，线圈中的磁通量为0B．该交流发电机线圈的转速为50r/sC．假设加在标有“220V，100W〞的灯泡的两端，灯泡能正常发光D．假设线圈的转速加倍，那么交变电压的最大值、有效值均增大一倍而频率不变【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】交流电专题．【分析】此题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率．【解答】解：A、当t=0时，e=0，此时线圈处在中性面上，磁通量最大，故A 错误；B、交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100πt〔V〕，ω=100πrad/s，所以该交流发电机线圈的转速为n==50r/s，故B正确；C、交变电动势的有效值是U==110V，假设加在标有“220V，100W〞的灯泡的两端，灯泡不能正常发光，故C错误；D、假设交变电压的最大值是E m=NBSω，线圈的转速加倍，那么交变电压的最大值、有效值均增大一倍，频率f=，所以频率增大一倍．故D错误；应选：B．【点评】对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义．5．声波在钢轨中传播的速度远大于在空气中的传播速度，那么当声音由空气传到钢轨中时〔〕A．频率变小，波长变大B．波长变小，频率变大C．频率不变，波长变大D．频率不变，波长变小【考点】声波．【分析】声波在不同介质中，传播速度不同，而频率不变，由v=λγ，可知波长与波速成正比．【解答】解：声波在钢轨中传播的速度远大于在空气中的传播速度，那么波长也是比空气，但频率却不变．故ABD均错误，C正确；应选：C【点评】声波在固体中传播速度最大，在气体中传播速度最小．同一频率的声波在不同介质中，频率不变，而波长与受波速影响．6．如下图，在量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A 点距离也为d的一点，那么下面关于三点电场强度的大小、电势上下的比拟，正确的选项是〔〕A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规，所以无法判断电势的上下【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向电势降低．通过电场线的分布进行判断．【解答】解：根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，那么E B＞E A＞E C；量的异种电荷的中垂线为势线，那么A点的电势与C点的电势相，沿着电场线方向电势逐渐降低，那么A点的电势大于B点电势．所以φA=φC＞φB．故B 正确，A、C、D错误．应选B．【点评】虽然电场线不是实际存在的，但电场线的疏密可以表达电场强度的强弱；可以根据电场线方向来确电势的上下；同时还考查了量异种点电荷的电场线的分布，电场线与势线相互垂直．7．静电计是在验电器的根底上制成的，用其指针的张角大小来性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如下图，A、B是平行板电容器的两个金属板，G 为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一角度，为了使指针张开角度增大些，以下采取的措施可行的是〔〕A．断开开关s后，将A、B分开些B．保持开关s闭合，将A、B两极板分开些C．保持开关s闭合，将A、B两极板靠近些D．保持开关s闭合，将变阻器滑动触头向右移动【考点】电容器．【专题】电容器专题．【分析】静电计测量的是电容器两端的电势差，断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化．闭合电键，电容器两端的电势差于电源的电动势．【解答】解：A、断开电键，电容器带电量不变，将AB分开一些，那么d增大，根据C=知，电容减小，根据U=知，电势差增大，指针张角增大．故A正确．B、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，那么指针张角不变知，故B错误．C、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，那么指针张角不变．故C错误．D、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，变阻器仅仅充当导线功能，滑动触头滑动不会影响指针张角，故D错误．应选：A．【点评】此题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变8．如下图，带电粒子以速度v0从a点进入匀强磁场，运动中经过b点，Oa=Ob，假设撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，仍以v0从a点进入电场，粒子仍能通过b点，那么电场强度E与磁感强度B 之比为〔〕A．v0B ． C．2v0D ．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子以速度v0从a点进入匀强磁场，运动中经过b点，Oa=Ob，所以圆周运动的半径正好于d，根据半径公式求出B，如果换成匀强电场，那么粒子做类平抛运动，根据平抛运动的根本规律即可求解．【解答】解：设oa=ob=d，因为带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，所以圆周运动的半径正好于d，即r==d，得到B=．如果换成匀强电场，水平方向以v0做匀速直线运动，竖直沿y轴负方向做匀加速运动，即d=××，得到E=，所以=2v0，选项C正确．应选C【点评】带电粒子在电场磁场中的运动要把握其运动规律，在电场中利用几何关系得出其沿电场和垂直于电场的运动规律；而在磁场中也是要注意找出相的几何关系，从而确圆心和半径．9．如下图的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，以下说法正确的选项是〔〕A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，变压器的输出电压不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【专题】交流电专题．【分析】与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确出总电路的电阻的变化，进而可以确总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．【解答】解：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，根据，即亮度不变．故A错误；B、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，故B正确；C、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减小，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，那么有副线圈的总电流增大．因此输入电流也变大．故C错误；D、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，那么有副线圈的总电流增大．那么输出功率增大，故D正确．应选：BD．【点评】电路的动态变化的分析，总的原那么就是由电路的变化确总电路的变化的情况，再确其他的电路的变化的情况，即先后整体再的方法．10．在如下图的电路中，E为电源的电动势，r为电源的内电阻，R1、R2为可变电阻．在以下表达的操作中，可以使灯泡L的亮度变暗的是〔〕A．仅使R1的阻值增大 B．仅使R1的阻值减小C．仅使R2的阻值增大 D．仅使R2的阻值减小【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】由图可知，灯泡与R1串联后与R2并联；要使灯泡变暗，使流过灯泡的电流减小；那么可分别由闭合电路欧姆律分析各项，可得出正确答案．【解答】解：A、使R1电阻增大，那么总电阻增大，电路中总电流减小，那么内压减小，路端电压增大，故R2中的电流增大，L中电流减小，灯泡变暗，故A正确；B、使R1的电阻减小，那么总电阻减小，总电流增大，内压增大，路端电压减小，R2中电流减，故灯泡中电流增大，灯泡变亮，故B错误；C、使R2增大，那么总电阻增大，总电流减小，内压减小，路端电压增大，故L 中电流增大，灯泡变亮，故C错误；D、R2减小，总电阻减小，总电流增大，内压增大，路端电压减小，故L中电流减小，灯泡变暗，故D正确；应选AD．【点评】在电路中，假设电阻发生了变化，那么对该的处理不能直接根据欧姆律求解，灵活用串并联电路的性质进行分析判断．11．如下图，连接两平行金属板导线的一CD与一有电源回路的一GH平行且均在纸面内，金属板置于磁场中，磁场方向垂直于纸面向里，当一束离子体射入两金属板之间时，CD段导线受到力F的作用，那么〔〕A．假设离子体从右方射入，F向左B．假设离子体从右方射入，F向右C．假设离子体从左方射入，F向左D．假设离子体从左方射入，F向右【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】根据右侧的电路可知导线GH中的电流的方向为由G到H，在由粒子的进入的方向可以判断电容器中的电流的方向，由同向电流互相吸引，异向电流互相排斥可以得出CD的受力的方向．【解答】解：A、电路中的电流的方向为由G到H，当离子体从右方射入时，由左手那么可以判断电容器的上极板带负电，下极板带正电，电流的方向为由D 到C，电流的方向与电路中GH的电流的方向相反，两导线相互排斥，CD受到的作用力向左，故A正确，B错误．C、离子体从左方射入时，由左手那么可以判断电容器的上极板带正电，下极板带负电，电流的方向为由C到D，电流的方向与电路中GH的电流的方向相同，所以CD受到的作用力向右，即指向GH，故C错误，D正确；应选：AD．【点评】利用同向电流互相吸引，异向电流互相排斥的结论，判断出CD中的电流的方向即可判断CD受到的作用力的方向．12．一个质点做简谐运动的图象如下图，下述正确的选项是〔〕A．质点振动频率为4赫兹B．在10s内质点经过的路程是20cmC．在5s末，速度为零，加速度最大D．t=s和t=s两时刻质点的速度相同，加速度相同【考点】简谐运动的振动图象．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】由简谐运动读出周期，由f=求出频率．根据时间与周期的关系求出在10s内质点经过的路程．根据质点的位置分析其速度和加速度．分析t=s和t=s两时刻质点的位移大小，再分析速度与加速度的关系．【解答】解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，那么频率f==0.25Hz．故A 错误．B、一个周期内质点通过的路程是4A，t=10s=T，那么在10s内质点经过的路程是S=×4A=10×2cm=20cm．故B正确．C、在5s末，质点处于正向最大位移处，速度为零，加速度为负向最大．故C 正确．D、由图知t=s与t=s时刻质点的位移相，那么加速度相同，而速度大小相，方向相反．故D错误．应选BC【点评】质点做简谐运动时通过的路程，一般根据时间与周期的关系，求出路程是多少倍的振幅．二、填空题13．室购置了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过测其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线假设干．答复以下问题：〔1〕中滑动变阻器选R2〔填“R1〞或“R2〞〕，闭合开关S前将滑片移至a 端〔填“a〞或“b〞〕．〔2〕在实物图中，已正确连接了导线，请根据图甲电路完成剩余的连接．〔3〕调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为V．〔4〕导线实际长度为94 m〔保存2位有效数字〕．【考点】伏安法测电阻．【专题】题；恒电流专题．【分析】〔1〕本采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值为R0和R x总阻值的4倍以上，闭合开关S前将滑片移至阻值最大处；〔2〕根据电路图，连接实物图；〔3〕根据图乙读出电压，注意估读；〔4〕根据欧姆律及电阻律即可求解．【解答】解：〔1〕本采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值为R0和R x总阻值的4倍以上，R0=3Ω，所以滑动变阻器选R2，闭合开关S前将滑片移至阻值最大处，即a处；〔2〕根据电路图，连接实物图，如下图：〔3〕电压表量程为3V，由图乙所示电压表可知，其分度值为0.1V所示为：0V；〔4〕根据欧姆律得：R0+R x===Ω，那么R x=1.6Ω由电阻律：R x=ρ可知：L=，代入数据解得：L=94m；故答案为：〔1〕R2，a；〔2〕如下图；〔3〕0；〔4〕94．。

河南省南阳市一中2022-2023学年下学期开学考试理科综合试题(附答案)

河南省南阳市一中2022-2023学年下学期开学考试理科综合试题(附答案)

mgL＝21mv21，解得 v1＝ 2gL 在 D 点，由牛顿第二定律得 F－mg＝mvL21，联立方程解得 F＝3mg＝3 N，由牛顿第三定律
知细绳所能承受的最大拉力大小为 3 N。
(2)由 D 到 A，小球做平抛运动，则有 v2y＝2gh，tan45°＝vv1y，联立解得 h＝0.2 m。 (3)小球从 C 点到将弹簧压缩至最短的过程中，小球所受合力为零时速度最大，即有 mgsin 45°
tan 1
r L2
4 3
①
1 53 ②
根据折射定律 sin1 nsin2 ③
可知光线在左侧面的入射角也为1 ，设入射点与光源的竖直距离为 d ' ，则
d ' L1 tan1 0.2m ④
tan 2
r
d d
'
3⑤ 3
2 30 ⑥
根据折射定律 sin1 nsin2 联立②⑥解得 n 1.6
的热功率为 P1＝I21R1＝13 W，C 正确；0～2 s 内，导体棒的位移 x＝12at2＝4 m，电路的总电荷量
为 Q＝ΔRΦ总 ＝BRL总x＝0.5 C，流过 R1 的电荷量为13C，D 错误。 22.【答案】A 0.14m/s 0.50m/s2
【解析】（1）[1] 该实验目的是研究小车做匀变速直线运动，只要小车做匀加速运动即可，
22.5 m，故 B 项错误；在 t＝0 时刻甲车的速度大小为 v0＝at＝0.2×15 m/s＝3 m/s，故 C 项错误。 16.【答案】 A
【解析】 设每根绳子的拉力为 FT，则两根绳子拉力的合力为 2FTcos θ2；在水平方向 Ff
＝2FTcos
θ 2·cos α
解得 FT＝
Ff θ
故选项 A 正确。

高一物理下学期开学试卷(含解析)高一全册物理试题

高一物理下学期开学试卷(含解析)高一全册物理试题

应对市爱护阳光实验学校一中高二〔下〕开学物理试卷一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固距离变为，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． F D．12F3．如下图，一电子沿量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，那么电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右4．两个量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，那么它将在c点两侧往复振动5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，那么闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图的A1、A2的示数相同B．图的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多 D．a点的电势降低8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，那么电阻变为10RB ．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，那么任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，那么在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一逐渐增大B．灯泡L2一逐渐变暗C．电源效率一逐渐减小D．R上消耗功率一逐渐变小10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，那么以下判断正确的有〔〕A ．的值变大B ．的值变大C ．的值不变，且始终于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸〞B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音12．关于磁感强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，那么该匀强磁场的磁感强度大小为B．磁感强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D ．由磁感强度可知，磁感强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比二、题13．某同学利用多用电表测量二极管的反向电阻〔二极管具有单向导电性，电流正向通过时几乎没有电阻，电流反向时，电阻很大〕．完成以下测量步骤：〔1〕检查多用电表的机械零点．〔2〕将红、黑表分别插入正、负表笔插孔，二极管的两个极分别记作a和b，将红表笔接a端时，表针几乎不偏转，接b端时偏转角度很大，那么为了测量该二极管的反向电阻，将红表笔接二极管的〔填“a〞或“b〞〕端．〔3〕将选择开关拨至电阻“×100〞挡位，进行正确的测量步骤后，发现表针偏角较小．为了得到准确的测量结果，让电表指针尽量指向表盘，重选择量程进行测量．那么该同学选择〔“×10〞或“×1k〞〕挡，然后，再进行测量．测量后示数如下图，那么测量结果为．〔4〕测量完成后，将选择开关拨向挡位置．14．某同学对电阻丝的电阻与哪些因素有关进行了探究，现有如下器材：电源E〔电动势为4V，内阻约为1Ω〕；电流表A1〔量程5mA，内阻约为10Ω〕；电流表A2〔量程0.6A，内阻约为1Ω〕；电压表V1〔量程3V，内阻约为l kΩ〕；电压表V2〔量程l5V，内阻约为3kΩ〕；滑动变阻器R1〔阻值0～2Ω〕；滑动变阻器R2〔阻值0～20Ω〕；开关及导线假设干．他对电阻丝做了有关测量，数据如下表所示．编号金属丝直径D/mm 金属丝直径的二次方D/mm2金属丝长度L/cm电阻R/Ω1 0.280 0.0784 100.00 102 0.280 0.0784 50.00 63 0.560 0.3136 100.00 4.07①他在某次测量中，用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图甲所示，此示数为mm．②图乙是他测量编号为2的电阻丝电阻的备选原理图，那么该同学选择电路〔选填“A〞或“B〞〕进行测量．电流表选，电压表选，滑动变阻器选．③请你认真分析表中数据，写出电阻R与L、D间的关系式R= 〔比例系数用k表示〕，并求出比例系数k= Ω•m〔结果保存两位有效数字〕．三、计算题15．如下图，真空中有两个质量都是1g的带电小球，它们的半径很小，分别系在长为30cm的两根细绳的一端，两细绳的另一端悬挂在天花板上的同一点O，两个小球带的是量同种电荷，当它们静止时，两根细绳之间的夹角为60°，求两个小球所带的电量q．〔静电力常数k=9.0×109N•m2/C2〕16．如下图的电路中，R1=2Ω，R2=6Ω，S闭合时，电压表V的示数为V，电流表A的示数为0.75A，S断开时，电流表A的示数为1A，求：〔1〕电阻R3的值；〔2〕电源电动势E和内阻r的值．17．如下图，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为〔6V，3W〕的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒不变，求：〔1〕电源的内电阻r；〔2〕电源的输出功率．18．如下图，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m、带正电的小滑块〔可视为质点〕置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g．〔1〕假设滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O高的C点时速度为多大？〔2〕在〔1〕的情况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小；〔3〕改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小．一中高二〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷【解答】解：AC、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10﹣19C，并不是电子和质子本身．故A项错误，C项正确；B、所有带电体的电荷量都于元电荷的整数倍，故B正确；D、电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的，故D正确．此题要求选择错误的选项，应选：A．【点评】元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍．且知道电子的电量与元电荷的电量相，同时让学生明白电荷量最早是由家密立根用测得．2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固距离变为，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． F D．12F【考点】库仑律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先后均分．根据库仑律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑律得：F=K；接触后，各自带电量变为Q′==Q，那么此时F′=K两式联立得F′= F，故A正确，BCD错误，应选：A．【点评】此题考查库仑律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决此题的关键．3．如下图，一电子沿量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，那么电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右【考点】电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大小相，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化．【解答】解：根据量异种电荷周围的电场线分布知，从A→O→B，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小．那么电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，那么外力的大小先变大后变小，方向水平向右．故B正确，A、C、D错误．应选：B．【点评】解决此题的关键知道外力的大小与电场力的大小相，方向相反，是一对平衡力．4．两个量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，那么它将在c点两侧往复振动【考点】势面．【专题】性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】两个量异种电荷连线的垂直平分线是一条势线．电场强度方向与势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．【解答】解：A、a、b、c是两个量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相，而且与无穷远处电势相．故A错误．B、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度．故B正确．C、c点的场强由正负电荷叠加产生，不为零，故C错误．D、a、b、c是两个量异种电荷连线的垂直平分线的三点，场强方向都与垂直平分线垂直向右，所以电子在a、c之间受到的电场力的方向都向左，不可能在c 点两侧往复振动．故D错误．应选：B【点评】对于量异种电荷和量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和势面的对称性进行记忆．5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】势面的疏密可以表示场强的大小，电场线与势面；电场力做正功，电势能减小．【解答】解：A、电场线〔垂直于势面〕先向右后向上偏，而粒子后向下偏了，所以电场力与电场强度方向相反，所以粒子带负电，A错误；B、因为势面先平行并且密，后变疏，说明电场强度先不变，后变小，那么电场力先不变，后变小，所以加速度先不变，后变小，B正确；C、由于起初电场力与初速度方向相反，所以速度先减小，C错误；D、因为电场力先做负功，所以电势能先增大，D错误；应选：B．【点评】此题考查势面、电场线、电场力、电场力做功、电势能．可以先根据势面确电场线的分布情况再判断．6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，那么闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图的A1、A2的示数相同B．图的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相，电流相，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．【解答】解：A、B图的A1、A2并联，表头的电压相，电流相，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．应选B【点评】此题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表〔表头〕与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多 D．a点的电势降低【考点】电容器；闭合电路的欧姆律．【专题】电容器专题．【分析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压于电阻R2两端的电压，分析并联电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势于R2两端的电压．【解答】解：A、在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，那么电压表示数变大，A错误．C、电阻R2两端的电压U2=E﹣I〔R1+r〕，I增大，那么U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，C错误．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势于R2两端的电压，U2变小，那么a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，那么I A增大．即电流表示数变大．故BD正确．应选BD【点评】此题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势上下，由电压的变化判断电势的变化．8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，那么电阻变为10RB ．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，那么任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零【考点】电阻律．【专题】恒电流专题．【分析】导体的电阻 R 与它的长度 L 成正比，与它的横截面积 S 成反比，还与导体的材料有关系，这个规律叫电阻律．公式：R=ρ﹣﹣制成电阻的材料电阻率，单位制为欧姆•米〔Ω•m〕；L﹣﹣绕制成电阻的导线长度，单位制为米〔m〕；S﹣﹣绕制成电阻的导线横截面积，单位制为平方米〔m2〕；R﹣﹣电阻值，单位制为欧姆〔Ω〕．其中ρ 叫电阻率：某种材料制成的长 1 米、横截面积是 1 平方米的导线的电阻，叫做这种材料的电阻率．是描述材料性质的物理量．单位制中，电阻率的单位是欧姆•米，常用单位是欧姆•平方毫米/米．与导体长度 L，横截面积 S 无关，只与物体的材料和温度有关．有些材料的电阻率随着温度的升高而增大，有些恰好相反．【解答】解：A、常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，横截面积减小为0.1倍，电阻率不变，根据电阻律，电阻增大为100倍，故A错误；B、常温下，假设将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，故电阻变为倍，故B正确；C、给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，由于功率增加，导致温度会略有升高，故金属丝的电阻率会变大，由于截面积和长度均不变，根据电阻律可得电阻值变大；再根据欧姆律可以得到比值变大，故C错误；D、金属电阻率会随温度的降低而降低，当温度降低到绝对零度附近时，电阻率会突然降为零，发生超导现象，故D正确；应选：BD．【点评】此题关键要能熟练运用电阻律，同时要明确电阻率的物理意义和温度对其的影响．9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，那么在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一逐渐增大B．灯泡L2一逐渐变暗C．电源效率一逐渐减小D．R上消耗功率一逐渐变小【考点】闭合电路的欧姆律；电功、电功率．【专题】比拟思想；控制变量法；恒电流专题．【分析】将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆律分析总电流和路端电压的变化，再分析R上消耗功率的变化；据功率公式和电源效率公式判断选项．【解答】解：A、将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆律得知，总电流I增大．据P=I2r可知，电源内部消耗的功率逐渐增大，故A正确；BD、由于干路电流增大，路端电压减小，所以R1上的电流增大，电压增大；再由于路端电压减小，R1上电压增大，所以L2的电压减小〔滑动变阻器R的电压减小〕，即该灯泡变暗；由于R1上的电流增大，而L2的电流减小，所以通过滑动变阻器R的电流变大，而电压减小，据P=UI可知，R上消耗的功率不一变小，故B正确，D错误；C、据电源效率公式η==，可知，当总电阻R减小，电源效率减小，故C 正确．应选：ABC．【点评】对于电路中动态变化分析问题，一般先确局部电阻的变化，再确总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，那么以下判断正确的有〔〕A ．的值变大B ．的值变大C ．的值不变，且始终于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少【考点】电容；闭合电路的欧姆律．【专题】电容器专题．【分析】由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化；由闭合电路欧姆律可知电路电流的变化，那么可分析内电压、路端电压及各电压的变化．【解答】解：由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．假设P向左端移动，那么滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆律可知，电路中总电流减小，那么内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．A 、根据欧姆律得的值于滑动变阻器的阻值，所以的值变大，故A正确；B、根据闭合电路欧姆律得：U1=E﹣I〔R1+r〕，那么=R1+r，所以的值不变；故B错误；C、根据闭合电路欧姆律得：由U2=E﹣Ir，那么=r，所以的值不变；故C正确；D、滑片向左移动的过程中，由于理想二极管具有单向导通作用，所以电容器所带的电荷量不变，故D错误；应选：AC．【点评】闭合电路欧姆律的动态分析类题目，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行分析，在分析时注意结合闭合电路欧姆律及串并联电路的性质．11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸〞B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音【考点】磁现象和磁场．【专题】量思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】根据磁现象的用知，“门吸〞和双面擦窗器都是利用了磁体能吸引铁物质制成的，磁带是用磁性材料来记录声音信号的，故A、B、D是恰当的，而在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，故C是不恰当的【解答】解：A、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；B、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；C、在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，不恰当；D、利用了用磁信号来记录声音信号，恰当．应选：C【点评】此题考查了磁现象在生活中的用，注意磁性物质会使会使电视屏幕上的颜色失真12．关于磁感强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，那么该匀强磁场的磁感强度大小为B．磁感强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D ．由磁感强度可知，磁感强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比【考点】磁感强度．【专题】性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】在磁场中磁感强度有强弱，那么由磁感强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，那么所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．【解答】解：A、假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线“垂直〞放入匀强磁场受到磁场力F ，那么该匀强磁场的磁感强度大小为．故A错误；B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手那么来确，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直．故B错误；C、关键磁场方向的规可知，磁场中某点的磁场方向就是小磁针N极受磁场力的方向，故C正确；。

高一物理下学期开学考试试题高一全册物理试题_4

高一物理下学期开学考试试题高一全册物理试题_4

应对市爱护阳光实验学校高一物理下学期开学考试试题一．选择题：〔每题4分，共60分。

第1题到第9题为单项选择题，只有一个选项正确。

第10题到第15题为多项选择题，每题有两个或两个以上的选项正确，选项都正确的给4分，选对但没选全的给2分，有错误选项的不给分。

〕1．伽利略在对自由落体运动的研究过程中，开创了如下框图所示的一套研究方法，其框2和4中的方法分别是A．检验,数学推理 B．数学推理,检验 C．提出假设,检验D．检验,合理外推2．如下图，小球被轻绳系住静止在光滑斜面上。

假设按力的实际作用效果来分解小球受到的重力G，那么G的两个分力方向分别是图中的A．1和4 B．3和4C．2和4 D．3和23．如下图的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹。

质点从M点出发经P点到达N点，弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相。

以下说法正确的选项是A．质点从M到N过程中速度大小保持不变B．质点在MN间的运动不是匀变速运动C．质点在这两段时间内的速度变化量大小不相，但方向相同D．质点在这两段时间内的速度变化量大小相，方向相同4．如下图，一质量均匀分布的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB水AB竖直两种不同方式放置在光滑支座上，处于静止状态，支点P、Q 间的距离为圆球直径的一半，设先后两种放置方式中两〔〕半球间的作用力大小分别为F1和F2，那么12FF为A ．3 B．32C．233D．335．如下图，甲从A地由静止匀加速跑向B地，当甲距离为1m时，乙从距A地5m处的C点由静止出发，乙的加速度与甲的加速度相同，最后二人同时到达B 地，那么A、B距离为〔〕A．6m B．9mC．12m D．15m6．如下图，一固杆与水平方向夹角为α，将一质量为m1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一质量为m2的小球，滑块与杆之间的动摩擦因数为μ。

假设滑块和小球保持相对静止以相同的加速度a一起运动〔未施加其它外力〕，此时绳子与竖直方向夹角为β，且β>α，不计空气阻力，那么滑块的运动情况是〔〕A．沿着杆减速上滑B．沿着杆减速下滑C．沿着杆加速下滑D．沿着杆加速上滑7．质点做直线运动的位移 x 与时间 t 的关系为 x ＝5t ＋t 2(各物理量均采用单位制单位)，那么该质点 ( ) A ．第 1 s 内的位移是 5 mB ．前 2 s 内的平均速度是 6 m/sC ．任意相邻的 1 s 内位移差都是1 mD ．任意 1 s 内的速度增量都是 2 m/s8．如下图，物块A 放在直角三角形斜面体B 上面，B 放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A 、B 静止，现用力F 沿斜面向上推A ，但A 、B 仍未动。

河南高一高中物理开学考试带答案解析

河南高一高中物理开学考试带答案解析

河南高一高中物理开学考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.2013年8月，我国新研制的隐形战机歼﹣20，开始挂弹试飞．在某次试飞中，由静止开始加速，当加速度a 不断减小至零时，飞机刚好起飞，则此过程中飞机的（ ）A ．位移不断减小，速度不断减小B ．位移不断增大，速度不断增大C ．速度增加越来越慢，位移增加越来越快D ．速度增加越来越慢，位移增加越来越慢2.如图所示，质量为m 的木块放在粗糙的水平地面上，木块与地面间的动摩擦因数为0.5，水平推力F 作用于木块上，但未把木块推动，则在四个选项中反映木块受到的静摩擦力f 随水平推力F 变化的关系图线是（ ）A ．B ．C ．D ．3.如图所示，质量为m B =24kg 的木板B 放在水平地面上，质量为m A =22kg 的木箱A 放在木板B 上．一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ=37°．已知木箱A 与木板B 之间的动摩擦因数μ1=0.5．现用水平方向大小为200N 的力F 将木板B 从木箱A 下面匀速抽出（sin 37°≈0.6，cos 37°≈0.8，重力加速度g 取10m/s 2），则木板B 与地面之间的动摩擦因数μ2的大小为（ ）A ．0.3B ．0.4C ．0.5D ．0.6 4.如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端水平抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足（ ）A ．tanφ=sinθB ．tanφ=2tanθC ．2tanφ=tanθD ．tanφ=cosθ 5.我国邹德俊先生发明了吸附式挂衣钩，挂衣钩的主要部分是用橡胶制成的皮碗，挂衣钩可以吸附在竖直平整墙壁或木板上，与墙壁接触时，只有皮碗的与墙壁接触，中空部分是真空，如图所示，若皮碗的整个截面面积为S ，外界大气压强为p 0，橡胶与墙面间的动摩擦因数为μ，问挂衣钩最多挂多重的衣物（ ）A ．p 0SB ．μp 0SC ．μp 0SD ．p 0S6.如图所示，m=2kg 的物体，在F 1=40N ，F 2=30N 的两个相反的水平拉力及竖直向下的力F 3的作用下仍处于静止状态．若撤去水平外力F 2，则物体的加速度可能是（ ）A ．0B ．5m/s 2C ．15m/s 2D ．20m/s 27.下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（ ）A ．B ．C ．D ．8.物体甲的x ﹣t 象和物体乙的v ﹣t 别如图所示，则这两个物体的运动情况是（ ）A ．甲在整个t=6s 时间内来回运动，它通过的总位移为零B ．甲在整个t=6s 时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mC ．乙在整个t=6s 时间内来回运动，它通过的总位移为零D ．乙在整个t=6s 时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m二、实验题如图为“用DIS （位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持 不变，用钩码所受的重力作为 ，用DIS 测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a ﹣F 关系图线（如图所示）．①分析此图线的OA 段可得出的实验结论是 ． ②（单选题）此图线的AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A ．小车与轨道之间存在摩擦B ．导轨保持了水平状态C ．所挂钩码的总质量太大D ．所用小车的质量太大．三、计算题1.如图所示是用某监测系统每隔2.5s 拍摄火箭起始加速阶段的一组照片，已知火箭的长度为40m ，现在用刻度尺测量照片上的长度关系，结果如图所示，请你估算火箭的加速度a 和火箭在照片中第2个像所对应时刻的瞬时速度大小v ．2.参加电视台娱乐节目，选手要从较高的平台上以水平速度跃出后，落在水平传送带上，已知平台与传送带高度差H=1.8m ，水池宽度S 0=1.2m ，传送带AB 间的距离L 0=20m ，由于传送带足够粗糙，假设人落到传送带上后瞬间相对传送带静止，经过一个△t=1.0s 反应时间后，立刻以a=2m/s 2恒定向右加速度跑至传送带最右端．（1）若传送带静止，选手以v 0=3m/s 水平速度从平台跃出，求从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间．（2）若传送带以u=1m/s 的恒定速度向左运动，选手要能到达传送带右端，他从高台上跃出的水平速度v 1至少多大？在此情况下到达B 点时刻速度大小是多少？3.一物体沿斜面向上以12m/s 的初速度开始滑动，它沿斜面向上以及沿斜面向下滑动的v ﹣t 图象如图所示，求斜面的倾角以及物体与斜面间的动摩擦因数．（g 取10m/s 2）河南高一高中物理开学考试答案及解析一、选择题1.2013年8月，我国新研制的隐形战机歼﹣20，开始挂弹试飞．在某次试飞中，由静止开始加速，当加速度a 不断减小至零时，飞机刚好起飞，则此过程中飞机的（ ）A ．位移不断减小，速度不断减小B ．位移不断增大，速度不断增大C ．速度增加越来越慢，位移增加越来越快D ．速度增加越来越慢，位移增加越来越慢【答案】BC【解析】当加速度和速度方向相同，物体做加速运动，当加速度和速度方向相反，物体做减速运动．根据速度的方向判断位移的变化．解：AB 、飞机做加速运动，加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大，由于速度的方向不变，则位移不断增大．故A 错误，B 正确．C 、因为加速度逐渐减小，可知速度增加得越来越慢，当加速度减小到零，速度最大，位移继续增大，位移增加快慢用速度衡量故位移增加越来越快，故C 正确，D 错误．故选：BC ．【点评】解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．2.如图所示，质量为m 的木块放在粗糙的水平地面上，木块与地面间的动摩擦因数为0.5，水平推力F 作用于木块上，但未把木块推动，则在四个选项中反映木块受到的静摩擦力f 随水平推力F 变化的关系图线是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】A【解析】水平推力F 作用于木块上，但未把木块推动，说明此时木块受静摩擦力作用，根据平衡条件即可求解． 解：水平推力F 作用于木块上，但未把木块推动，说明此时木块受静摩擦力作用且f=F ，只有A 正确故选A【点评】解决本题要抓住未把木块推动，物体处于平衡状态，静摩擦力等于推力．3.如图所示，质量为m B =24kg 的木板B 放在水平地面上，质量为m A =22kg 的木箱A 放在木板B 上．一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ=37°．已知木箱A 与木板B 之间的动摩擦因数μ1=0.5．现用水平方向大小为200N 的力F 将木板B 从木箱A 下面匀速抽出（sin 37°≈0.6，cos 37°≈0.8，重力加速度g 取10m/s 2），则木板B 与地面之间的动摩擦因数μ2的大小为（ ）A ．0.3B ．0.4C ．0.5D ．0.6 【答案】A【解析】将物体B 匀速向右拉出过程中，A 物体保持静止状态，受力均平衡．分别分析两个物体的受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解即可．解：（1）对A 受力分析如图甲所示，由题意得：F T cosθ=F f1…①F N1+F T sinθ=m A g…②F f1=μ1F N1…③由①②③得：F T ="100" N（2）对A 、B 整体受力分析如图乙所示，由题意得：F T cos θ+F f2=F…④F N2+F T sin θ=（m A +m B ）g…⑤F f2=μ2F N2…⑥联立④⑤⑥并代入数据得：μ2=0.3故选：A【点评】本题是两个物体平衡问题，采用隔离法研究，关键是分析物体的受力情况，作出力图后根据平衡条件列方程求解．4.如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端水平抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足（ ）A ．tanφ=sinθB ．tanφ=2tanθC ．2tanφ=tanθD ．tanφ=cosθ 【答案】B【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式分别求出位移与水平方向夹角的正切值以及速度与水平方向夹角的正切值，从而分析判断．解：速度与水平方向夹角的正切值为？：tanφ=，位移与水平方向夹角的正切值为：tanθ=，可知：tanφ=2tanθ．故选：B ．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大．5.我国邹德俊先生发明了吸附式挂衣钩，挂衣钩的主要部分是用橡胶制成的皮碗，挂衣钩可以吸附在竖直平整墙壁或木板上，与墙壁接触时，只有皮碗的与墙壁接触，中空部分是真空，如图所示，若皮碗的整个截面面积为S ，外界大气压强为p 0，橡胶与墙面间的动摩擦因数为μ，问挂衣钩最多挂多重的衣物（ ）A ．p 0SB ．μp 0SC ．μp 0SD ．p 0S【答案】B【解析】大气对吸盘产生垂直于墙面的压力，在竖直方向上靠重力和静摩擦力处于平衡．解：大气压强对整个挂钩作用面均有压力，设为N ，则有：N=p 0S滑动摩擦力与最大静摩擦力相差很小，在计算时可认为相等，设这种挂钩最多能挂重为G 的物体，根据力的平衡，则有：G=μN=μp 0S ，故选：B【点评】解决本题的关键知道吸盘在竖直方向上受重力和摩擦力平衡，根据正压力求出最大静摩擦力，即可得出最大重力的大小．6.如图所示，m=2kg 的物体，在F 1=40N ，F 2=30N 的两个相反的水平拉力及竖直向下的力F 3的作用下仍处于静止状态．若撤去水平外力F 2，则物体的加速度可能是（ ）A ．0B ．5m/s 2C ．15m/s 2D ．20m/s 2【答案】ABC【解析】对物体进行受力分析，由力的合成可得出静摩擦力的大小；撤去拉力后，根据另一拉力与摩擦力的关系判断物体是否静止，则可求出木块受到的合力．解：木块开始在水平方向受三个力而平衡，则有f=F 1﹣F 2=40﹣30=10N ；物体处于静止状态，则说明物体受到的最大静摩擦力大于等于10N ；撤去F 2后，外力为0N≤F 合≤30N ，由牛顿第二定律：，故物体的加速度：0≤a≤15m/s 2，故ABC 正确，D 错误；故选：ABC ．【点评】本题是初学摩擦力的同学易错的一个题目，解答本题应准确理解静摩擦力的定义，并能根据受力分析得出力之间的关系．7.下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】AD【解析】x﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，物体先沿正向运动，后沿负向运动，最后回到了初始位置，故A正确；B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故不可能回到初始位置，故B错误；C、物体在第1s内沿正方向运动，第2s内继续沿正向运动，故2s末物体没有回到初始位置，故C错误；D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选：AD．【点评】图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义．8.物体甲的x﹣t象和物体乙的v﹣t别如图所示，则这两个物体的运动情况是（）A．甲在整个t=6s时间内来回运动，它通过的总位移为零B．甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mC．乙在整个t=6s时间内来回运动，它通过的总位移为零D．乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m【答案】BC【解析】位移时间图线的斜率表示瞬时速度，根据纵坐标的变化量表示位移．速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．速度的正负表示速度的方向．解：A、B、根据位移时间图线的斜率表示瞬时速度，可知，甲在整个t=6s时间内一直沿正向运动，总位移为△x=2m﹣（﹣2m）=4m，故A错误，B正确．C、D、速度图象中，速度的正负，表示速度的方向，即表示物体的运动方向．速度先负后正，说明物体乙先沿负向运动，后沿正向运动．根据图线与时间轴围成的面积表示位移，图线在t轴上方位移为正值，下方位移为负值，得知总位移为0，故C正确，D错误．故选：BC【点评】解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率分别表示的意义．二、实验题如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变，用钩码所受的重力作为，用DIS测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如图所示）．①分析此图线的OA段可得出的实验结论是．②（单选题）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大．【答案】（1）小车的总质量，小车所受外力，（2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，②C【解析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．该实验是探究加速度与力的关系，我们采用控制变量法 进行研究．根据图象得出变量之间的关系，知道钩码所受的重力作为小车所受外力的条件．解：（1）因为要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受外力；（2）由于OA 段a ﹣F 关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=Ma 得a==，而实际上a′=，可见AB 段明显偏离直线是由于没有满足M ＞＞m 造成的．故答案为：（1）小车的总质量，小车所受外力，（2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，②C ，【点评】要清楚实验的研究方法和实验中物理量的测量．当钩码的质量远小于小车的总质量时，钩码所受的重力才能作为小车所受外力．三、计算题1.如图所示是用某监测系统每隔2.5s 拍摄火箭起始加速阶段的一组照片，已知火箭的长度为40m ，现在用刻度尺测量照片上的长度关系，结果如图所示，请你估算火箭的加速度a 和火箭在照片中第2个像所对应时刻的瞬时速度大小v ．【答案】8m/s 2，42m/s【解析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出火箭的加速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第2个像对应时刻的瞬时速度．解：从照片上可得，照片上的1cm 相当于实际长度20m ，量出前后 两段位移分别为4.00cm 和6.50cm ， 对应的实际位移分别为80m 和130m ，由△x=aT 2得，a=．再根据这5s 内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可得照片中第2个像所对应时刻的瞬时速度．答：火箭的加速度a 为8m/s 2，第2个像所对应时刻的瞬时速度大小v 为42m/s ．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．2.参加电视台娱乐节目，选手要从较高的平台上以水平速度跃出后，落在水平传送带上，已知平台与传送带高度差H=1.8m ，水池宽度S 0=1.2m ，传送带AB 间的距离L 0=20m ，由于传送带足够粗糙，假设人落到传送带上后瞬间相对传送带静止，经过一个△t=1.0s 反应时间后，立刻以a=2m/s 2恒定向右加速度跑至传送带最右端．（1）若传送带静止，选手以v 0=3m/s 水平速度从平台跃出，求从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间．（2）若传送带以u=1m/s 的恒定速度向左运动，选手要能到达传送带右端，他从高台上跃出的水平速度v 1至少多大？在此情况下到达B 点时刻速度大小是多少？【答案】（1）6.0s ，（2）m/s【解析】（1）从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间经历两个过程：平抛运动和匀加速直线运动．平抛运动的时间可以通过竖直方向去求，因为平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀速直线运动，求出水平位移，然后再求出匀加速运动的位移以及时间．（2）选手平抛运动到传送带上后，在反应时间内跟传送带一起向左做匀速，然后以2m/s 2的加速度向左做匀减速直线运动到0，如果在这段时间内未掉入水中，则不会调入水中，以后向右做初速度为0的匀加速直线运动． 解：（1）H=，=0.6s选手在水平方向上的位移s 1=v 0t 1=1.8m则匀加速运动的位移s 2=L 0+s 0﹣s 1= t 2=4.4s t=t 1+t 2+△t=6.0s（2）设水平跃出速度v 1，落到传送带1s 反应时间内向左位移大小s 1=u △t=1m然后向左减速至速度为零，向左发生位移不从传送带上掉下，平抛水平位移 s≥S 0+s 1+s 2=2.45m则 =4.08m/s 最小速度为4.08m/s 在此情况下到达B 点时刻速度v 2=2aL 0．故本题答案为：6.0s ，m/s ．【点评】解决本题的关键分析出选手的运动情况，然后根据平抛运动和运动学公式求解．3.一物体沿斜面向上以12m/s 的初速度开始滑动，它沿斜面向上以及沿斜面向下滑动的v ﹣t 图象如图所示，求斜面的倾角以及物体与斜面间的动摩擦因数．（g 取10m/s 2）【答案】30°，μ=【解析】先根据图象求加速度，再对物体受力分析，列牛顿第二定律方程求夹角及动摩擦因数．解：由题图可知上滑过程的加速度a=则：a 上= m/s 2="6" m/s 2，下滑过程的加速度a 下=m/s 2="4" m/s 2 上滑过程和下滑过程对物体受力分析如图上滑过程a 上==gsinθ+μgcosθ下滑过程a 下=gsinθ﹣μgcosθ，联立解得θ=30°，μ=答：斜面的倾角30°，物体与斜面间的动摩擦因数 μ=．【点评】根据图象求解加速度是本题的关键，正确的受力分析和列方程即可解决．。

河南省南阳市第一中学高一下学期第二次月考物理试题Word版含答案

河南省南阳市第一中学高一下学期第二次月考物理试题Word版含答案

一、选择题（共12小题，每小题4分，其中1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1.下列关于功和机械能的说法，正确的是（）A. 在有阻力作用的情况下，物体重力势能的减少不等于重力对物体所做的功B. 合外力对物体所做功为零，物体机械能改变量也为零C. 运动物体动能的减少量一定等于其重力势能的增加量D. 物体的重力势能是物体与地球之间的相互作用，其大小与势能零点的选取有关2.下列关于功和能的说法，正确的是（）A. 支持力对物体一定不做功B. 只要有力对物体做功，物体的动能就一定改变C. 滑动摩擦力可以不做功D. 一对滑动摩擦力做功之和可以为零3. 绝缘细线的一端与一带正电的小球M相连接，另一端固定在天花板上，在小球M下面的一绝缘水平面上固定了另一个带电小球N，在下列情况下，小球M能处于静止状态的是（）A B C D4.如图所示，两物体质量m1 =m2，都置于水平地面上，它们与地面间的动摩擦因数相同。

大小相等的两个恒力F1和F2分别作用在m1和m2上，但F1与水平方向成θ角斜向上，F2与水平方向成θ角斜向下，两物体由静止同时开始运动，则（）A．F1和F2在同一时刻的瞬时功率相同B．F1和F2在相同位移内的平均功率相同C．经过相同的位移，两物体动能的增量相同D．经过相同的位移，F1和F2对两物体做的功相同5.如图所示，质量为m的物体置于倾角为θ的斜面上，物体与斜面间的动摩擦系数为μ，在外力作用下，斜面以加速度a沿水平方向向左做匀加速运动，运动中物体m与斜面体相对静止。

则关于斜面对m的支持力和摩擦力的下列说法中错误的是（）A．支持力一定做正功B．摩擦力一定做正功C．摩擦力可能做负功D．斜面体对物体一定做正功6.如图所示，质量为m的物块从A点由静止开始下落，所受空气阻力恒定，加速度为2g，下落H到B点后与一轻弹簧接触，又下落h后到达最低点C，在由A运动到C的过程中，则（）A．物块机械能守恒B．物块和弹簧组成的系统机械能守恒C．物块机械能减少2)(hH mg+D．物块和弹簧组成的系统机械能减少2)(hH mg+7.如图所示，一张薄纸板放在光滑水平面上，其右端放有小木块，小木块与薄纸板的接触面粗糙，原来系统静止．现用水平恒力F向右拉薄纸板，小木块在薄纸板上发生相对滑动，直到从薄纸板上掉下来．上述过程中有关功和能的下列说法正确的是（）A．拉力F做的功等于薄纸板和小木块动能的增加B．摩擦力对小木块做的功一定等于系统的摩擦生热C．离开薄纸板前小木块可能先做加速运动，后做匀速运动D．小木块动能的增加可能小于系统的摩擦生热3圆弧轨道固定在同一水平地面上，半8.如图所示，两个竖直放置的4径R相同，左侧轨道由金属凹槽制成，右侧轨道由金属圆管制成，均可视为光滑。

河南省南阳市第一中学校2023-2024学年高一下学期第四次月考(6月)物理试题(含解析)

河南省南阳市第一中学校2023-2024学年高一下学期第四次月考(6月)物理试题(含解析)

南阳一中高一年级2024年春期第四次月考物理试题一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分。

每小题只有一个选项符合题意）1.如图所示的曲线MN 是某一质点的运动轨迹，为曲线上A 点处的切线。

质点从B 点运动到A 点所发生的位移为x ，所用时间为t 。

下列说法不正确的是（ ）A.表示质点从B 点运动到A 点过程的平均速度B.质点从B 点运动到A 点的过程，平均速度的方向由B 点指向A 点C.若B 点越接近A 点，则越接近质点在A 点时的瞬时速度D.质点经过A 点时所受合力可能沿着的方向2.在水平面上有一个U 形滑板A ，A 的上表面有一个静止的物体B ，左侧用轻弹簧连接在滑板A 的左侧，右侧用一根细绳连接在滑板B 的右侧，开始时弹簧处于拉伸状态，各表面均光滑，剪断细绳后，则（ ）A.弹簧原长时物体动量最大B.压缩最短时物体动能最大C.系统动量变大D.系统机械能变大3.如图所示，小球A 以速率向右运动时跟静止的小球B 发生碰撞，碰后A 球速度大小变为原来的，而B 球以的速率向右运动，则A 、B 两球的质量之比可能为（ ）A. B. C. D.4.如图所示，A 、B 两球分别用长度均为L 的轻杆通过光滑较链与C 球连接，通过外力作用使两杆并拢，系统竖直放置在光滑水平地面上。

某时刻将系统由静止释放，A 、B 两球开始向左右两边滑动。

已知A 、B 两球的质量均为m ，C 球的质量为2m ，三球体积相同，且均在同一竖直面内运动，忽略一切阻力，重力加速度为g 。

系统从静止释放到C 球落地前的过程，下列说法正确的是（ ）AA'x tx tAA'0v 1203v 23132916A.A 、B 、C 三球组成的系统动量守恒B.C 球的机械能先增加后减少C.CD.A5.2021年6月17日，神舟十二号载人飞船与天和核心舱完成对接，航天员聂海胜、刘伯明、汤洪波进入天和核心舱，标志着中国人首次进入了自己的空间站。

高一物理下学期入学试卷(班含解析)高一全册物理试题

高一物理下学期入学试卷(班含解析)高一全册物理试题

应对市爱护阳光实验学校一中高一〔下〕入学物理试卷〔班〕一．选择题〔此题共12小题，每题4分，在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．以下情形中的物体可以看做质点的是〔〕A．研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时B．一枚硬币用力上抛，猜想它落地时是正面朝上还是反面朝上C．研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时D．研究足球运发动踢出的“香蕉球〞的旋转运动特点时2．以下关于速度的说法中正确的选项是〔〕A．速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量B．平均速度就是速度的平均值，既有大小，又有方向，是矢量C．运动物体在某一时刻或某一位置的速度，叫做瞬时速度，它是标量D．上的速度计是用来测量平均速度大小的仪器3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中〔〕A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度到达最小值B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度到达最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移到达最小值4．以下说法中正确的选项是〔〕A．鸡蛋碰石头，鸡蛋破而石头完好无损，说明石头对鸡蛋施加了力，而鸡蛋对石头没有施加力B．甲用力把乙推倒，说明只是甲对乙有力的作用，乙对甲没有力的作用C．只有有生命或有动力的物体才会施力，无生命或无动力的物体只会受到力，不会施力D．任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体5．以下关于摩擦力的表达中正确的选项是〔〕A．滑动摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比B．滑动摩擦力的大小与接触面的性质有关，与接触面面积的大小也有关C．静摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比D．最大静摩擦力随物体间正压力增大而增大6．如图是在同一条直线上运动的A、B两质点的位移图象，由图可知〔〕A．t=0时，A在B前面B．B在t2秒末追上A并在此后跑在A的前面C．在0﹣t1时间内B的运动速度比A大D．B开始运动时速度比A小，t2秒后才大于A的速度7．如图，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v﹣t图象，根据图象可以判断〔〕A．甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反B．两球在t=8s时相距最远C．两球在t=2s时速率相D．两球在t=8时相遇8．如下图，细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于静止状态，关于小球受力情况的说法中，正确的选项是〔〕A．小球受到重力和绳的拉力B．小球受到重力，绳的拉力和斜面的弹力C．小球受到重力和斜面的弹力D．小球只受重力的作用9．如下图，一木块放在水平桌面上，受水平方向的推力F1和F2的作用，木块处于匀速直线运动状态，F1=10N，F2=2N，假设撤去F1的瞬间，那么木块受到合力F和摩擦力f的大小，方向是〔〕A．F=0；f=2N，方向向右B．F=10N，方向向左；f=8N，方向向左C．F=10N，方向向左；f=8N，方向向右D．F=0，f=010．如下图，A、B两物体的重力分别是G A=3N，G B=4N．A用细线悬挂在顶板上，B放在水平面上，A、B间轻弹簧中的弹力F=2N，那么细线中的张力T及B 对地面的压力N的可能值分别是〔〕A．7N和0N B．1N和2N C．1N和6N D．2N和5N11．如下图，质量为50kg的某同学站在升降机中的磅秤上，某一时刻该同学发现磅秤的示数为40kg，那么在该时刻升降机可能是以以下哪种方式运动？〔〕A．匀速上升B．加速上升C．减速上升D．减速下降12．在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动．途中用了6s时间经过A、B两根电杆，A、B间的距离为60m，车经过B时的速度为15m/s，那么〔〕A．经过A杆时速度为5m/sB．车的加速度为15m/s2C．车从出发到B杆所用时间为9sD．从出发点到A杆的距离是m二、填空题〔2小题共14分〕13．如下图是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带〔中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz〕，从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，测得S1=8cm，S2=0cm，S3=0cm，S4=8cm，S5=2.00cm，S6=0cm．〔结果保存两位有效数字〕〔1〕物体的加速度大小a= m/s2；〔2〕打点计时器打记数点3时，物体的速度大小为v3= m/s．14．两个相同的小车并排放在光滑水平桌面上，小车前端系上细线，线的另一端跨过滑轮各挂一个小盘，盘里分别放有不同质量的砝码〔图a〕．小车所受的水平拉力F的大小可以认为于砝码〔包括砝码盘〕所受的重力大小．小车后端也系有细线，用一只夹子夹住两根细线〔图b〕，控制两辆小车同时开始运动和结束运动．由于两个小车初速度都是零，运动时间又相同，s=，即s∝a，只要测出两小车位移s之比就于它们的加速度a之比．结果是：当小车质量相同时，加速度与拉力成；当拉力F相时，加速度与质量成．中用砝码〔包括砝码盘〕所受的重力G=mg的大小作为小车所受拉力F的大小，这样做会引起误差．为了减小这个误差，G与小车所受重力Mg之间需要满足的关系是：．三、计算题〔38分，要求写出必要的公式和文字说明，直接写结果的不给分〕15．沪高铁是连接和州的化高速铁路，现已进入试运行阶段，试运行时的最大时速到达了41公里，再次刷纪录．沪高速列车在一次试运行中由A站开往B 站，A、B车站间的铁路为直线．技术人员乘此列车从A车站出发，列车从启动匀加速到360km/h，用了250s时间，在匀速运动了10分钟后，列车匀减速运动，经过5分钟后刚好停在B车站．〔1〕画出该高速列车的v﹣t图象．〔2〕求此高速列车启动、减速时的加速度；〔3〕求A、B两站间的距离．16．用两根绳AC和BC吊起一重为100N的木块，如下图，两绳AC、BC与竖直方向的夹角分别为30°和45°．求AC和BC绳的拉力的大小．17．如下图，物体的质量m=4kg，与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.2，在倾角为37°，F=10N的恒力作用下，由静止开始加速运动，当t=5s时撤去F，〔g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕．求：〔1〕物体做加速运动时的加速度a；〔2〕撤去F后，物体还能滑行多长时间？一中高一〔下〕入学物理试卷〔班〕参考答案与试题解析一．选择题〔此题共12小题，每题4分，在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．以下情形中的物体可以看做质点的是〔〕A．研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时B．一枚硬币用力上抛，猜想它落地时是正面朝上还是反面朝上C．研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时D．研究足球运发动踢出的“香蕉球〞的旋转运动特点时【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，物体可以看成质点．【解答】解：A、研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时，形状和大小不能忽略，不能看成质点．故A错误．B、一枚硬币用力上抛，猜想它落地时是正面朝上还是反面朝上，硬币的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故B错误．C、研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时，运发动的形状和大小能忽略，可以看成质点．故C正确．D、研究足球运发动踢出的“香蕉球〞的旋转运动特点时，足球的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故D错误．应选：C．【点评】解决此题的关键掌握物体能否看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．2．以下关于速度的说法中正确的选项是〔〕A．速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量B．平均速度就是速度的平均值，既有大小，又有方向，是矢量C．运动物体在某一时刻或某一位置的速度，叫做瞬时速度，它是标量D．上的速度计是用来测量平均速度大小的仪器【考点】平均速度；瞬时速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】速度是反映运动快慢的物理量，是矢量，平均速度于某段位移与时间的比值，是矢量．瞬时速度表示某一位置或某一时刻的速度．【解答】解：A、速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量．故A正确．B、平均速度于某段位移与时间的比值，不是速度的平均值．是矢量．故B错误．C、瞬时速度是在某一时刻或某一位置的速度，是矢量．故C错误．D、上的速度计是用来测量瞬时速率的仪器．故D错误．应选A．【点评】解决此题的关键知道平均速度和瞬时速度的区别，知道速度是矢量，速率是标量．3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中〔〕A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度到达最小值B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度到达最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移到达最小值【考点】加速度．【专题】用题；压轴题．【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．【解答】解：A、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度到达最大值．故A错误．B、根据A选项分析，故B正确．C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大．故C错误．D、根据C选项分析，故D错误．应选B．【点评】要清楚物理量的物理意义，要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确的．4．以下说法中正确的选项是〔〕A．鸡蛋碰石头，鸡蛋破而石头完好无损，说明石头对鸡蛋施加了力，而鸡蛋对石头没有施加力B．甲用力把乙推倒，说明只是甲对乙有力的作用，乙对甲没有力的作用C．只有有生命或有动力的物体才会施力，无生命或无动力的物体只会受到力，不会施力D．任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体【考点】牛顿第三律．【分析】任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体，作用力与反作用力总是大小相，方向相反．【解答】解：A、鸡蛋碰石头，蛋破而石头完好无损，是由于鸡蛋与石头的硬度不同的原因，作用力与反作用力总是大小相，方向相反．故A错误；B、作用力与反作用力总是大小相，方向相反，所以甲对乙有力的作用，乙对甲也有力的作用．故B错误；C、D、任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体，与是否由生命无关．故C错误，D正确．应选：D【点评】该题中，鸡蛋碰石头，蛋破而石头完好无损，是由于鸡蛋与石头的硬度不同的原因，要牢记力的作用是相互的．5．以下关于摩擦力的表达中正确的选项是〔〕A．滑动摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比B．滑动摩擦力的大小与接触面的性质有关，与接触面面积的大小也有关C．静摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比D．最大静摩擦力随物体间正压力增大而增大【考点】滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】滑动摩擦力的大小由公式f=μF N求出，而静摩擦力大小与正压力无关，只与沿接触面方向的外力大小有关；最大静摩擦力一般认为于滑动摩擦力．【解答】解：A、滑动摩擦力f=μF N求，故滑动摩擦力的大小于物体间的正压力大小成正比，故A正确；B、由公式可知，滑动摩擦力与接触面的面积的大小无关，故B错误；C、静摩擦力只能由力的平衡关系或牛顿第二律求出，与正压力无关，故C错误；D、最大静摩擦力的大小与正压力成正比，故随正压力的增大而增大，故D正确；应选AD．【点评】摩擦力为高中物理的难点之一，关键在于分清摩擦力有两类，要会求两种情况下的摩擦力的大小，并能分析摩擦力的方向．6．如图是在同一条直线上运动的A、B两质点的位移图象，由图可知〔〕A．t=0时，A在B前面B．B在t2秒末追上A并在此后跑在A的前面C．在0﹣t1时间内B的运动速度比A大D．B开始运动时速度比A小，t2秒后才大于A的速度【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．【解答】解：A、t=0时，A物体的位置坐标为x1，B的位置坐标为0，所以A 物体在B物体的前面，故A正确．B、B在t2秒末之前任意时刻位置坐标均小于A物体的位置坐标，直到t2秒末与A物体的位置坐标相同，即两物体相遇，在此之后B物体的位置坐标大于A物体的位置坐标，即B物体跑在前面，故B正确．C、由于位移﹣时间图的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向，所以在0﹣t1时间内A物体的斜率大于B物体的斜率即A的速度大于B的速度，故C错误．D、由于位移﹣时间图的斜率表示该时刻的速度，由图可以看出t1s之前A的斜率大于B的斜率，即A的速度大于B的速度，但是在此之后A的斜率为零，即A物体速度为零，B物体的速度保持不变，所以从t1s后B物体的速度大于A物体的速度，故D错误．应选：AB【点评】理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，求解斜率的方法为v=．7．如图，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v﹣t图象，根据图象可以判断〔〕A．甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反B．两球在t=8s时相距最远C．两球在t=2s时速率相D．两球在t=8时相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】由速度时间图象直接读出两球的速度大小．分析两球的运动情况，判断两球在t=8s时是否相距最远．两球先做匀减速直线运动，后做匀加速直线运动．【解答】解：A、两球开始做匀减速直线运动，而后做匀加速直线运动．A的加速度大小为a A =||=m/s2=10m/s2，B的加速度大小为a B =||=7m/s2，加速度方向相反．故A错误．B、D依据运动的对称性知，两球在t=8s时均回到出发点相遇，显然不是相距最远．故B错误，D正确．C、由图知，t=2s时两球的速率均为20m/s．故C正确．应选CD【点评】这是直线运动中速度图象的问题，关键要抓住斜率表示加速度，“面积〞表示位移来分析物体的运动情况．8．如下图，细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于静止状态，关于小球受力情况的说法中，正确的选项是〔〕A．小球受到重力和绳的拉力B．小球受到重力，绳的拉力和斜面的弹力C．小球受到重力和斜面的弹力D．小球只受重力的作用【考点】力的合成与分解的运用；物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】小球和光滑斜面接触，受到重力和绳的拉力．斜面对小球没有弹力，如有弹力，小球将受到三个力作用，重力和绳的拉力在竖直方向上，弹力垂直于斜面向上，三个力的合力不可能为零，小球将向左上方运动，与题设条件矛盾．【解答】解：小球和光滑斜面接触，受到重力和绳的拉力，斜面对小球没有弹力．应选A【点评】此题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法．9．如下图，一木块放在水平桌面上，受水平方向的推力F1和F2的作用，木块处于匀速直线运动状态，F1=10N，F2=2N，假设撤去F1的瞬间，那么木块受到合力F和摩擦力f的大小，方向是〔〕A．F=0；f=2N，方向向右B．F=10N，方向向左；f=8N，方向向左C．F=10N，方向向左；f=8N，方向向右D．F=0，f=0【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】受力分析方法专题．【分析】撤去F1前木块做匀速直线运动，合力为零，可求出木块所受的滑动摩擦力大小，撤去F1的瞬间，其他力没有变化，再分析此时的合力和摩擦力大小．【解答】解：木块在水平推力F1、F2的作用下处于匀速直线运动状态，由共点力平衡可得，木块所受的滑动摩擦力f1=F1﹣F2=10﹣2=8N，方向水平向左．撤去F1后，木块所受的其他力没有改变，那么合外力F=f1+F2=10N，方向向左．应选B．【点评】此题根据平衡条件分析木块的摩擦力，关键抓住撤去F1的瞬间，木块所受的其他力没有改变，运用平衡条件推论也可判断．10．如下图，A、B两物体的重力分别是G A=3N，G B=4N．A用细线悬挂在顶板上，B放在水平面上，A、B间轻弹簧中的弹力F=2N，那么细线中的张力T及B 对地面的压力N的可能值分别是〔〕A．7N和0N B．1N和2N C．1N和6N D．2N和5N【考点】胡克律．【分析】由题，弹簧的弹力大小为2N，而弹簧可能处于伸长状态，也可能处于压缩状态，分两种情况，分别对A、B研究，由平衡条件求出细线对A的拉力和地面对B的支持力．由牛顿第三律可知，B对地面的压力大小于地面对B的支持力大小．【解答】解：当弹簧处于伸长状态，以A为研究对象，由平衡条件得到，细线对A的拉力F=G A+F弹=3N+2N=5N．对B研究可得，地面对B的支持力为F N=G B﹣F 弹=4N﹣2N=2N，那么B对地面的压力大小于2N．当弹簧处于压缩状态，以A为研究对象，由平衡条件得到，细线对A的拉力F=G A﹣F弹=3N﹣2N=1N．对B研究可得，地面对B的支持力为F N=G B+F弹=4N+2N=6N，那么B对地面的压力大小于6N，因此只有选项C正确．应选：C．【点评】此题考查了受力分析与平衡条件，对物体正确受力分析、灵活用平衡条件是解题的关键；解题时要注意讨论：弹簧的弹力为拉力与支持力两种情况，否那么要出错．11．如下图，质量为50kg的某同学站在升降机中的磅秤上，某一时刻该同学发现磅秤的示数为40kg，那么在该时刻升降机可能是以以下哪种方式运动？〔〕A．匀速上升B．加速上升C．减速上升D．减速下降【考点】超重和失重．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度．【解答】解：质量为50kg，这是人的真实的质量，发现磅秤的示数是40kg，说明人的重力小了，是处于失重状态，所以该有向下的加速度，那么此时的运动可能是向下加速运动，也可能是向上减速运动，所以C正确．应选：C．【点评】此题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，此题就可以解决了．12．在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动．途中用了6s时间经过A、B两根电杆，A、B间的距离为60m，车经过B时的速度为15m/s，那么〔〕A．经过A杆时速度为5m/sB．车的加速度为15m/s2C．车从出发到B杆所用时间为9sD．从出发点到A杆的距离是m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】先解出AB之间的平均速度，即为AB中间时刻的瞬时速度，根据加速度的义求得加速度，根据速度公式求得A点的速度和到达B所用的时间，用速度和位移的关系公式求得从出发点到A点的距离．【解答】解：A、B：根据中间时刻的瞬时速度于这段时间内的平均速度，得AB 中间时刻的速度为：v C ==．根据加速度的义， ==．故B错误．根据速度公式，故．故A正确．C 、根据速度公式：，故C正确．D、从出发点到A 杆的距离为：，故D正确．应选ACD．【点评】此题难度不大，关键是能熟练记得并理解匀变速运动的根本公式，此题的突破口是先求出加速度．此题属于中档题．二、填空题〔2小题共14分〕13．如下图是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带〔中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz〕，从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，测得S1=8cm，S2=0cm，S3=0cm，S4=8cm，S5=2.00cm，S6=0cm．〔结果保存两位有效数字〕〔1〕物体的加速度大小a= 0.80 m/s2；〔2〕打点计时器打记数点3时，物体的速度大小为v 3= 0.32 m/s ．【考点】打点计时器中纸带的处理．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：〔1〕由于从O点后开始每5个计时点取一个记数点，所以计数点间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=〔a1+a2+a3〕代入题目告诉的条件，即小车运动的加速度计算表达式为：a=；a=m/s2=0.80m/s2〔2〕根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．v3==0.32m/s2故答案为：0.80；0.32【点评】要提高用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用．14．两个相同的小车并排放在光滑水平桌面上，小车前端系上细线，线的另一端跨过滑轮各挂一个小盘，盘里分别放有不同质量的砝码〔图a〕．小车所受的水平拉力F的大小可以认为于砝码〔包括砝码盘〕所受的重力大小．小车后端也系有细线，用一只夹子夹住两根细线〔图b〕，控制两辆小车同时开始运动和结束运动．由于两个小车初速度都是零，运动时间又相同，s=，即s∝a，只要测出两小车位移s之比就于它们的加速度a之比．结果是：当小车质量相同时，加速度与拉力成正比；当拉力F相时，加速度与质量成反比．中用砝码〔包括砝码盘〕所受的重力G=mg的大小作为小车所受拉力F的大小，这样做会引起误差．为了减小这个误差，G与小车所受重力Mg之间需要满足的关系是：G＜＜Mg〔或m＜＜M〕．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】题．【分析】本是控制变量法的，不能让小车和砝码的质量都不同，该保持一个量是相同的．通过比拟绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车拉力大小于盘和盘中砝码的重力．【解答】解：本是控制变量法的，结果是：当小车质量相同时，加速度与拉力成正比．当拉力F相时，加速度与质量成反比．小车的加速度为a，拉力为F，设砝码盘和砝码的总质量m，小车质量M，对砝码盘和砝码：mg﹣F=ma；对小车：F=Ma；联立得：F=，故只有在M＞＞m的情况下近似认为拉力于mg．故答案为：正比；反比；G＜＜Mg〔或m＜＜M〕．【点评】只要真正掌握了原理就能顺利解决此类题目，而步骤，数据的处理都与原理有关，故要对原理的学习和掌握．三、计算题〔38分，要求写出必要的公式和文字说明，直接写结果的不给分〕15．沪高铁是连接和州的化高速铁路，现已进入试运行阶段，试运行时的最大时速到达了41公里，再次刷纪录．沪高速列车在一次试运行中由A站开往B 站，A、B车站间的铁路为直线．技术人员乘此列车从A车站出发，列车从启动匀加速到360km/h，用了250s时间，在匀速运动了10分钟后，列车匀减速运动，经过5分钟后刚好停在B车站．〔1〕画出该高速列车的v﹣t图象．〔2〕求此高速列车启动、减速时的加速度；〔3〕求A、B 两站间的距离．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】作图题；量思想；模型法；运动的图像专题．【分析】〔1〕、〔2〕分别确高速列车启动、减速运动过程的初速度、末速度和时间，由加速度义式a=求出加速度．建立坐标系，作出v﹣t图象．〔3〕根据图象的面积表示位移，求出AB间的距离．【解答】解：〔1〕、〔2〕高速列车启动过程，初速度为0，末速度为v=360km/h=100m/s，时间为t=250s，那么加速度为：a===0.4m/s2；匀减速运动过程，初速度为v0=100m/s，末速度为0，时间为t′=5min=300s，那么加速度为：a′===﹣0.33m/s2．画出该高速列车的v﹣t图象如下图．〔3〕根据速度时间图象的“面积〞表示位移，可知A、B两站间的距离为。

高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题 (4)

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应对市爱护阳光实验学校一中高一〔下〕开学物理试卷一、此题共8小题，每题6分，共48分，【1-5为单项选择，6-8为多项选择．】1．在乒乓球比赛中，有一次某运发动采用如下的高抛发球，他紧贴台面将球向上抛出，球竖直上升m后下落，在距离台面0.3m处被球拍击中，那么在这一过程中，乒乓球经过的路程和位移大小分别为〔〕A．m，0.3m B．m，0.3m C．m，m D．m，0.3m2．如下图运动图象中，哪幅图说明物体在作匀速直线运动〔〕A ．B ．C ．D ．3．以下关于加速度的说法，正确的选项是〔〕A．只要物体的速度变化量大，加速度就大B．只要物体的速度变化率大，加速度就大C．只要物体的速度大，加速度就大D．只要物体的速度不为零，加速度就不为零4．水平桌面上覆盖有玻璃板，玻璃板上放置一木块，以下说法正确的选项是〔〕A．木块受到的弹力是由于木块的弹性形变要恢复造成的，因为玻璃板没有形变B．木块的重力就是木块对玻璃板的压力C．木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力D．木块对玻璃板的压力大小于玻璃板对木块的支持力大小，因此二者合力为零5．电梯内放置一木块，木块的重力大小为G，电梯地板对木块的支持力大小为N，木块对电梯地板的压力大小为N′，支持力和压力的方向如下图．现在电梯加速上升，那么〔〕A．N=N′＞G B．N=N′=G C．N＞N′＞G D．N＞N′=G6．关于摩擦力，以下情况不可能的是〔〕A．物体运动，它所受摩擦力却向西B．物体在运动，它却受静摩擦力C．正压力增大，摩擦力大小却不变化D．正压力为零，摩擦力大小却不为零7．两个力F1与F2的大小分别为3N和5N，那么它们的合力大小可能于〔〕A．9 N B．7 N C．1 N D．3 N8．如下图，某木块在力F作用下，静止在水平地面上，力F与水平面的夹角为θ，现减小力 F的大小，木块仍静止，那么〔〕A．木块所受摩擦力增大B．木块所受摩擦力减小C．木块所受支持力不变D．木块所受支持力减小二、此题共4小题，每题8分，共32分，把答案填在题中的横线上．9．某轻弹簧竖直悬挂于天花板上，当挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm；再挂一个50g的钩码，它的总长为18cm，那么弹簧的原长为cm，劲度系数为N/m 〔g=10N/kg〕．10．重为10N的物块在垂直于斜面向下的2N的压力作用下，静止于斜面上，如下图，假设斜面倾角为37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么物块与斜面间的正压力大小为N．11．某辆在平直公路上试车时的运动图象如下图，那么该加速阶段的加速度大小为m/s 2，减速阶段的位移大小为m．12．如图是用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时所打出的一条纸带．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．相邻计数点间还有4个点未画出．那么，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度为m/s，小车的加速度大小为 m/s2．13．三条轻绳结于O点，通过一轻弹簧秤将一重物悬挂起来，如下图．系在竖直墙上的绳与墙成37°角，弹簧秤水平且读数为3N，求重物的质量〔g=10m/s2〕14．某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．〔1〕4s末木箱的速度为多大？〔2〕假设4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．15．一辆平板式大货车载着一个木箱在平直公路上匀速行驶，木箱前部与驾驶室后部的距离为L=4m，如下图．木箱与车厢底板的动摩擦因数为μ=0.4，假设无论木箱处于车厢的何处，车厢底板一直保持水平，且认为木箱与车厢底板的最大静摩擦力于滑动摩擦力，g=10m/s2．〔1〕为了使木箱在车厢底板上不发生相对滑动，货车刹车的最大加速度a为多大？〔2〕假设货车某次刹车的加速度恒为a，为了保证木箱在此次刹车期间不撞上驾驶室，此次刹车最多持续多长时间？〔设刹车后货车并没有停下来．〕一中高一〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、此题共8小题，每题6分，共48分，【1-5为单项选择，6-8为多项选择．】1．在乒乓球比赛中，有一次某运发动采用如下的高抛发球，他紧贴台面将球向上抛出，球竖直上升m后下落，在距离台面0.3m处被球拍击中，那么在这一过程中，乒乓球经过的路程和位移大小分别为〔〕A．m，0.3m B．m，0.3m C．m，m D．m，0.3m【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移的大小只与初末的位置有关，与经过的路径无关；路程是指物体所经过的路径的长度．【解答】解：乒乓球经过的路程是运动轨迹的长度，所以是m，位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以是0.3m．应选：B．【点评】此题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．2．如下图运动图象中，哪幅图说明物体在作匀速直线运动〔〕A．B． C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】性思想；几何法；运动的图像专题．【分析】匀速直线运动的特点是物体的速度保持不变．位移图象的斜率于速度，根据这两个知识分析物体的运动性质，并选择图象．【解答】解：A、该图表示的斜率于零，说明物体的速度为零，处于静止状态，故A错误．B、该图的斜率不变，物体的速度不变，说明物体做匀速直线运动．故B正确．C、该图表示物体的速度随时间均匀减小，做匀减速直线运动．故C错误．D、该图表示物体的速度随时间均匀增大，做匀加速直线运动．故D错误．应选：B【点评】图象能直观形象地表示两个物理量之间的变化规律，是物理上常用的研究物理物体的方法，分析图象时，看清楚图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律．3．以下关于加速度的说法，正确的选项是〔〕A．只要物体的速度变化量大，加速度就大B．只要物体的速度变化率大，加速度就大C．只要物体的速度大，加速度就大D．只要物体的速度不为零，加速度就不为零【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化和所用时间的比值，也叫速度的变化率，加速度是矢量方向与速度变化的方向相同．【解答】解：A、加速度于速度变化量与时间的比值，速度变化量大由于时间未知，故不能确加速度肯大，故A错误；B、加速度是物体速度变化量与所用时间的比值，而速度变化量与所用时间的比会上也叫速度的变化率，故B正确；C、物体的速度大，如果速度没有变化那么其加速度为0，故C错误；D、物体的速度不为零，加速度可以为零，如匀速直线运动，故D错误．应选：B．【点评】掌握加速度的概念及其物理意义是正确解题的关键，知道加速度与速度及速度变化的关系即可．4．水平桌面上覆盖有玻璃板，玻璃板上放置一木块，以下说法正确的选项是〔〕A．木块受到的弹力是由于木块的弹性形变要恢复造成的，因为玻璃板没有形变B．木块的重力就是木块对玻璃板的压力C．木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力D．木块对玻璃板的压力大小于玻璃板对木块的支持力大小，因此二者合力为零【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变；作用力和反作用力．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体间的弹力是由物体发生弹性形变，而要恢复原状时产生的力．平衡力是作用在同一物体上，大小相方向相反；而作用力和反作用力分别作用在两个物体上，大小相，方向相反．【解答】解：A、木块受到的弹力是由于施力物体玻璃的微小形变要恢复造成的，故A错误；B、木块的重力施力物体是地球，木块对玻璃板的压力施力物体是木块，故重力和压力不是同一个力，故B错误；C、木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力，故C 正确D、木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力是相互作用力，值、反向、共线，都是弹力，故D错误；应选：C．【点评】考查弹力产生的原因，及平衡力与作用力和反作用力的区别．注意此题中的压力与重力大小相，方向相同，但不是同一个力．5．电梯内放置一木块，木块的重力大小为G，电梯地板对木块的支持力大小为N，木块对电梯地板的压力大小为N′，支持力和压力的方向如下图．现在电梯加速上升，那么〔〕A．N=N′＞G B．N=N′=G C．N＞N′＞G D．N＞N′=G【考点】牛顿第二律．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】根据牛顿第三律，作用力与反作用力大、反向、共线，根据牛顿第二律可知，合外力提供加速度．【解答】解：电梯地板对木块的支持力和木块对电梯地板的压力是一对作用力和反作用力，大小相，所以N=N′对物体进行受力分析，根据牛顿第二律得：N﹣G=ma所以N＞G所以N=N′＞G应选A 【点评】此题关键是对物体受力分析，然后根据牛顿第二律并结合牛顿第三律分析讨论．6．关于摩擦力，以下情况不可能的是〔〕A．物体运动，它所受摩擦力却向西B．物体在运动，它却受静摩擦力C．正压力增大，摩擦力大小却不变化D．正压力为零，摩擦力大小却不为零【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】对于摩擦力首先要明确其种类，然后再根据摩擦力的产生条件及两种摩擦力的性质进行分析．【解答】解：A、物体假设在地面上运动，那么它相对于地面是相东的，故摩擦力一向西；故A可能；B、物体在运动，但与它接触的物体也在运动，并且二都速度相时，二者不会有滑动摩擦力；但是如果有相对运动趋势，将会产生静摩擦力；如加速运动的车厢里静止的物体受到的就是静摩擦力；故B可能；C、静摩擦力与正压力无关，故增大正压力不会改变摩擦力的大小，故C可能；D、要产生摩擦力首先必须有正压力，故正压力为零时，摩擦力一也会零；故D 不可能；此题选不可能的，应选D．【点评】摩擦力一直是学生掌握的和难点，在学习摩擦力时一要掌握好其性质，并能分清滑动与静摩擦力的区别．7．两个力F1与F2的大小分别为3N和5N，那么它们的合力大小可能于〔〕A．9 N B．7 N C．1 N D．3 N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】性思想；推理法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且有|F1﹣F2|≤F≤F1+F2【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；故合力范围为：2N≤F≤8N；所以BD正确，AC错误．应选：BD．【点评】此题关键根据平行四边形那么得出合力的范围：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2．8．如下图，某木块在力F作用下，静止在水平地面上，力F与水平面的夹角为θ，现减小力 F的大小，木块仍静止，那么〔〕A．木块所受摩擦力增大B．木块所受摩擦力减小C．木块所受支持力不变D．木块所受支持力减小【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】摩擦力专题．【分析】先对木块进行受力分析，然后建立直角坐标系根据共点力的平衡条件进行求解摩擦力和支持力的表达式，看F减小θ减小如何影响摩擦力和支持力的变化．【解答】解：对木块进行受力分析，设所受重力为G，所受地面支持力为N，所受摩擦力为f，如以下图所示：根据平衡条件：x轴方向：Fcosθ=fy轴方向：N+Fsinθ=G 得：N=G﹣FsinθF减小时，f=Fcosθ减小；N增大．应选：B．【点评】此题考查共点力的平衡条件，一要受力分析正交分解后列方程求解，不要想当然的进行判断．二、此题共4小题，每题8分，共32分，把答案填在题中的横线上．9．某轻弹簧竖直悬挂于天花板上，当挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm；再挂一个50g的钩码，它的总长为18cm，那么弹簧的原长为14 cm，劲度系数为0.25 N/m 〔g=10N/kg〕．【考点】胡克律．【专题】题．【分析】在弹性限度内，物体的形变跟引起形变的外力成正比．这个律是英国家胡克发现的，所以叫做胡克律．【解答】解：轻弹簧竖直悬挂于天花板上，挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm，故再挂一个50g的钩码，伸长4cm，它的总长为18cm，故原长为14cm；劲度系数为：k=；故答案为：14，0.25．【点评】此题关键明确胡克律的内容，可以根据公式直接计算，根底题．10．重为10N的物块在垂直于斜面向下的2N的压力作用下，静止于斜面上，如下图，假设斜面倾角为37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么物块与斜面间的正压力大小为10 N．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物体受力分析，根据平衡条件求物块与斜面间的正压力大小．【解答】解：对物体受力分析，垂直斜面方向：N=F+Gcos37°得：N=2+10×0.8=10N故答案为：10．【点评】此题考查平衡条件的用，当物体受三个力处于平衡时通常用合成法，受三个以上力时通常用正交分解法．11．某辆在平直公路上试车时的运动图象如下图，那么该加速阶段的加速度大小为m/s2，减速阶段的位移大小为150 m．【考点】匀变速直线运动的图像；加速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】解决此题要明确v﹣t图象的含义：在v﹣t图象中每时刻对于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负．【解答】解：图象的斜率表示物体运动的加速度，那么该加速阶段的加速度大小a=，由图象可知，10﹣30s，做匀减速直线运动，减速阶段的位移大小x=故答案为： 150【点评】图象由于具有形象直观的特点，因此在物理中广泛用，对于图象问题要明确两坐标轴的含义，图象斜率、截距、围成面积含义．12．如图是用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时所打出的一条纸带．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．相邻计数点间还有4个点未画出．那么，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度为0.3 m/s，小车的加速度大小为0.4 m/s2．【考点】打点计时器中纸带的处理．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据在匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度于该过程中的平均速度，可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出加速度的大小．【解答】解：根据匀变速直线运动规律有：由题意可知：x1=24mm=cm，x2=52mm﹣24mm=cm，x3=84mm﹣52mm=cm，x4=120mm﹣84mm=cm△x=aT2，其中△x=0.4cm，T=0.1s，故带入数据解得：a=0.4m/s2；故答案为：0.3，0.4．【点评】此题借助考查了匀变速直线的规律以及推论的用，在平时练习中要根底知识的理解与用，提高解决问题能力．13．三条轻绳结于O点，通过一轻弹簧秤将一重物悬挂起来，如下图．系在竖直墙上的绳与墙成37°角，弹簧秤水平且读数为3N，求重物的质量〔g=10m/s2〕【考点】共点力平衡的条件及其用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以结点O为研究对象，它受到重物的拉力、弹簧称的拉力和绳的拉力而处于平衡状态．根据平衡条件求解重物对O的拉力，并得到重物的质量．【解答】解：重物对O点的拉力于重力．将竖直绳对O点的拉力T沿另两绳的反方向进行分解，分力分别为T1和T2，如下图．那么T1=mgtan37°由T1=3N，即3=mg•得：m=0.4kg答：重物的质量为0.4kg．【点评】此题是简单的力平衡问题，首先要选择研究对象，此题不是以重物为研究对象，而是以结点O为研究对象，这是对有绳子悬挂重物经常用到的思路．14．某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．〔1〕4s末木箱的速度为多大？〔2〕假设4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】〔1〕根据牛顿第二律求出加速度，根据速度时间公式求解4s末木箱的速度；〔2〕木箱恰好能运动到墙边时速度为零，根据0﹣v2=2ax求解加速度，再根据牛顿第二律求解F．【解答】解：根据牛顿第二律得：木箱的加速度为，代入数据得：a=0.5 m/s2由v=a t得4 s后木箱的速度v=2 m/s〔2〕由0﹣v2=2a1x 得，代入数据得：a1=﹣1 m/s2由，代入数据得：F1=40 N答：〔1〕4s末木箱的速度为2m/s；〔2〕他的推力减小为40N时，木箱恰好能运动到墙边．【点评】此题主要考查了牛顿第二律及运动学根本公式的直接用，知道木箱恰好能运动到墙边时速度为零，难度不大，属于根底题．15．一辆平板式大货车载着一个木箱在平直公路上匀速行驶，木箱前部与驾驶室后部的距离为L=4m，如下图．木箱与车厢底板的动摩擦因数为μ=0.4，假设无论木箱处于车厢的何处，车厢底板一直保持水平，且认为木箱与车厢底板的最大静摩擦力于滑动摩擦力，g=10m/s2．〔1〕为了使木箱在车厢底板上不发生相对滑动，货车刹车的最大加速度a为多大？〔2〕假设货车某次刹车的加速度恒为a，为了保证木箱在此次刹车期间不撞上驾驶室，此次刹车最多持续多长时间？〔设刹车后货车并没有停下来．〕【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】隔离对木箱分析，根据最大静摩擦力求出临界的加速度，从而得知刹车时的最大加速度．求出木箱的相对加速度，通过相对位移，结合运动学公式，求出刹车最多持续的时间．【解答】解：〔1〕木箱与车厢底板的最大静摩擦力f m=μmg．那么木箱的最大加速度a=．所以货车刹车的最大加速度a为﹣4m/s2．〔2〕当货车刹车，发生相对移动，对木箱的阻力为摩擦力，有a'=a 对于木箱，相对加速度a1=a'﹣a=0.5a=2m/s2初速度为零，那么有L=，解得t=2s．答：〔1〕货车刹车的最大加速度a为﹣4m/s2．〔2〕此次刹车最多持续2s．【点评】此题综合考查了牛顿第二律和运动学公式的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，第二问，也可以通过货车和木箱的位移关系，结合运动学公式进行求解．。

河南省南阳市高一物理下学期第一次月考试卷(含解析)

河南省南阳市高一物理下学期第一次月考试卷(含解析)

河南省南阳市2016-2017学年高一物理下学期第一次月考试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．物体必须在变力作用下才能做曲线运动B．曲线运动的速度大小一定改变C．曲线运动的速度方向一定改变D．曲线运动的物体受到的合外力可以为零2．一艘小船在静水中的速度为3m/s，渡过一条宽120m，水流速度为4m/s的河流，则该小船（）A．能到达正对岸B．以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小为160mC．渡河的时间可能少于40sD．以最短位移渡河时，位移大小为120m3．如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹，质点从M点出发经P点到达N 点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点运动到N点的时间相等，下列说法正确的是（）A．质点在MN间的运动不是匀变速运动B．质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同C．质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同D．质点从M到N过程中速度大小保持不变4．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球 D．使两球质量相等5．在铁路的拐弯处，路面要造得外高内低，以减小车轮对铁轨的冲击，某段铁路拐弯半径为R，路面与水平面的夹角为θ，要使列车通过时轮缘与铁轨的作用力为零，列车的车速v应为（）A．B．C．D．6．荡秋千是儿童喜爱的一项运动，当秋千荡到最高点时，小孩的加速度方向是图中的（）A．1方向B．2方向C．3方向D．4方向7．如图所示的塔吊臂上有一可以沿水平方向运动的小车A，小车下装有吊着物体B的吊钩，在小车A与物体B以相同的水平速度沿吊臂方向匀速运动的同时，吊钩将物体B向上吊起，A、B之间的距离以h=H﹣2t2规律变化，则物体做（）A．速度大小不变的曲线运动B．速度大小不变的直线运动C．加速度大小方向均不变的曲线运动D．加速度大小方向均变化的曲线运动8．甲、乙两物体均做匀速圆周运动，甲的质量和轨道半径均为乙的一半，当甲转过60°时，乙在这段时间里正好转过30°，则甲物体的向心力与乙物体的向心力之比为（）A．1：2 B．1：1 C．1：16 D．16：19．汽车甲和汽车乙质量相等，以相等速率沿同一水平弯道做匀速圆周运动，甲车在乙车的外侧．两车沿半径方向受到的摩擦力分别为F f甲和F f乙，以下说法正确的是（）A．F f甲小于F f乙B．F f甲等于F f乙C．F f甲大于F f乙D．F f甲和F f乙大小均与汽车速率无关10．平抛物体的初速度为v0，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时（）A．瞬时速率v t=v0B．运动的时间t=C．位移大小等于v02/gD．瞬时速度与水平方向的夹角是45°11．一端固定在光滑面O点的细线，A、B、C各处依次系着质量相同的小球A、B、C，如图所示，现将它们排列成一直线，并使细线拉直，让它们在桌面上绕O点作圆周运动，三段细线的最大张力相同，如果增大转速，则（）A．三球的角速度相同B．BC段细线先断C．OA段细线先断D．因三段细线的长度未知，无法判断哪段细线先断12．如图甲所示，一长为R的轻绳，一端穿在过O点的水平转轴上，另一端固定一质量未知的小球，整个装置绕O点在竖直面内转动，小球通过最高点时，绳对小球的拉力F与其速度平方v2的关系如图乙所示，图线与纵轴的交点坐标为a，下列判断正确的是（）A．利用该装置可以得出重力加速度，且g=B．绳长不变，用质量较大的球做实验，得到的图线斜率更大C．绳长不变，用质量较小的球做实验，得到的图线斜率更大D．绳长不变，用质量较小的球做实验，图线a点的位置不变二、解答题（共5小题，满分52分）13．图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图（1）下列说法正确的是A．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次释放小球的位置可以不同C．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下D．记录小球位置用的铅笔每次必须严格地等距离下降E．斜槽必须光滑（2）图乙是正确实验取得的数据，其中O点为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为m/s （g=9.8m/s2）（3）在另一次实验中将白纸换成方格纸，每个格的边长L=5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，则该小球做平抛运动的初速度为m/s，B点的竖直分速度为m/s，抛出点距A点的水平距离cm，抛出点距A点的竖直距离cm（g=10m/s2）14．如图所示，斜面AB的倾角为30°，小球从A点以初速度v0=10m/s水平抛出，又落在斜面上的C点，g=10m/s2，求：（1）小球在空中运动的时间；（2）从抛出开始经过多长时间小球与斜面间的距离最大．15．如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒，其轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有一个质量为m的小球A紧贴着筒内壁在水平面内做匀速圆周运动，筒口半径和筒高分别为R和H，小球A所在的高度为筒高的，已知重力加速度为g，求：小球A做匀速圆周运动的角速度．16．如图所示，小球的质量为m，固定在长为L的轻绳一端，绕绳的另一端O点在竖直平面内做圆周运动，悬点O距离地面的高度为2L，求：（1）若小球恰好能到达最高点A，则通过A点时的瞬时速度的大小为多少？（2）若小球经过最低点B时速度为，求此时绳对球的作用力的大小（3）在满足（2）的情况下，若恰好在最低点B时绳断了，绳断前后的瞬间小球的速度大小不变，求小球落地时的速度．17．如图所示，一可视为质点的物体质量为m=1kg，在左侧平台上水平抛出，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点肌肉怒光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑，A、B为圆弧两端点，其连线水平，O为轨道的最低点，已知圆弧半径为R=1.0m，对应圆心角为θ=106°，平台与AB连线的高度差为h=0.8m（重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6），求：（1）物体平抛的初速度（2）物体运动到圆弧轨道最低点O时速度V=m/s此时物体对轨道的压力．2016-2017学年河南省南阳市六校联考高一（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．物体必须在变力作用下才能做曲线运动B．曲线运动的速度大小一定改变C．曲线运动的速度方向一定改变D．曲线运动的物体受到的合外力可以为零【考点】42：物体做曲线运动的条件．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、物体在恒力作用下也可以做曲线运动，如平抛运动受重力，重力是恒力，故A错误；BC、曲线运动的速度方向时刻改变，速度大小不一定变，如匀速圆周运动，故B错误，C正确；D、物体做曲线运动，速度方向一定变化，一定由加速度，由牛顿第二定律知，合外力不为0，故D错误．故选：C．2．一艘小船在静水中的速度为3m/s，渡过一条宽120m，水流速度为4m/s的河流，则该小船（）A．能到达正对岸B．以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小为160mC．渡河的时间可能少于40sD．以最短位移渡河时，位移大小为120m【考点】44：运动的合成和分解．【分析】船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，最短的时间主要是希望合速度在垂直河岸方向上的分量最大，这个分量一般刚好是船在静水中的速度，即船当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短；如果船在静水中的速度小于河水的流速，则合速度不可能垂直河岸，那么，小船不可能垂直河岸正达对岸．【解答】解：A、因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸．故A错误．B、C、当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短：t min===40s，船以最短时间40s渡河时沿河岸的位移：x=v水t min=4×40m=160m，即到对岸时被冲下160m，故B正确，C错误．D、因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸．所以最短位移不可能等于河的宽度，是120m．故D错误．故选：B3．如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹，质点从M点出发经P点到达N 点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点运动到N点的时间相等，下列说法正确的是（）A．质点在MN间的运动不是匀变速运动B．质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同C．质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同D．质点从M到N过程中速度大小保持不变【考点】41：曲线运动．【分析】根据题意可知，质点在恒力作用下，做匀变速曲线运动，速度的变化量相等，而速度大小与方向时刻在变化，从而即可求解．【解答】解：A、因质点在恒力作用下运动，由牛顿第二定律可知，质点做匀变速曲线运动，由于加速度不变，质点在M、N间的运动是匀变速运动．故A错误；BC、因加速度不变，则质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同，故B错误，C 正确；D、从M到N过程中，根据v=，可知，速度大小变化，故D错误；故选：C．4．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球 D．使两球质量相等【考点】43：平抛运动．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：由于相遇时A、B做平抛运动的竖直位移h相同，由h=gt2可以判断两球下落时间相同，即应同时抛出两球，故C正确，A、B错误．D、下落时间与球的质量无关，故D错误．故选C．5．在铁路的拐弯处，路面要造得外高内低，以减小车轮对铁轨的冲击，某段铁路拐弯半径为R，路面与水平面的夹角为θ，要使列车通过时轮缘与铁轨的作用力为零，列车的车速v应为（）A．B．C．D．【考点】4A：向心力；37：牛顿第二定律．【分析】要使列车通过时轮缘与铁轨的作用力为零，靠列车的重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出列车的车速．【解答】解：列车匀速转弯，合力等于向心力，如图根据牛顿第二定律mgtanθ=m解得．故C正确，A、B、D错误．故选C．6．荡秋千是儿童喜爱的一项运动，当秋千荡到最高点时，小孩的加速度方向是图中的（）A．1方向B．2方向C．3方向D．4方向【考点】49：向心加速度．【分析】当秋千荡到最高点时，小孩的速度为零，沿半径方向加速度为零，加速度方向沿圆弧的切线方向，据此即可选择．【解答】解：当秋千荡到最高点时，小孩的速度为零，受重力和拉力，合力不为零，方向沿圆弧的切线方向，加速度方向沿着圆弧的切线方向，即是图中的2方向，选项B正确．故选：B7．如图所示的塔吊臂上有一可以沿水平方向运动的小车A，小车下装有吊着物体B的吊钩，在小车A与物体B以相同的水平速度沿吊臂方向匀速运动的同时，吊钩将物体B向上吊起，A、B之间的距离以h=H﹣2t2规律变化，则物体做（）A．速度大小不变的曲线运动B．速度大小不变的直线运动C．加速度大小方向均不变的曲线运动D．加速度大小方向均变化的曲线运动【考点】44：运动的合成和分解．【分析】物体B水平方向做匀速运动，竖直方向做匀加速直线运动，根据题意d=H﹣2t2，结合位移时间关系公式，可以得出加速度的大小；合运动与分运动的速度、加速度都遵循平行四边形定则，由于合速度大小和方向都变化，得出物体的运动特点和合加速度的情况．【解答】解：A、B、物体B参加了两个分运动，水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动；对于竖直分运动，结合位移﹣时间关系公式x=v0t+at2，可得到d=H﹣x=H﹣（v0y t+at2）①又根据题意d=H﹣2t2②可以得对比①②两式可得出：竖直分运动的加速度的大小为a y=4m/s2竖直分运动的初速度为v0y=0故竖直分速度为v y=4t物体的水平分速度不变合运动的速度为竖直分速度与水平分速度的合速度，遵循平行四边形定则，故合速度的方向不断变化，物体一定做曲线运动，合速度的大小v=，故合速度的大小也一定不断变大，故A错误，B错误；C、D、水平分加速度等于零，故合加速度等于竖直分运动的加速度，因而合加速度的大小和方向都不变，即物体做加速度大小方向均不变的曲线运动．故C正确，D错误；故选：C．8．甲、乙两物体均做匀速圆周运动，甲的质量和轨道半径均为乙的一半，当甲转过60°时，乙在这段时间里正好转过30°，则甲物体的向心力与乙物体的向心力之比为（）A．1：2 B．1：1 C．1：16 D．16：1【考点】4A：向心力；37：牛顿第二定律．【分析】根据相同时间内转过的角度得出甲乙的角速度之比，通过向心力公式得出甲乙两物体的向心力大小之比．【解答】解：当甲转过60°时，乙在这段时间里正好转过30°，根据知，甲乙的角速度之比为2：1，根据知，甲乙质量之比为1：2，轨道半径之比为1：2，角速度之比为2：1，可知向心力大小之比为1：1，故B正确，A、C、D错误．故选：B．9．汽车甲和汽车乙质量相等，以相等速率沿同一水平弯道做匀速圆周运动，甲车在乙车的外侧．两车沿半径方向受到的摩擦力分别为F f甲和F f乙，以下说法正确的是（）A．F f甲小于F f乙B．F f甲等于F f乙C．F f甲大于F f乙D．F f甲和F f乙大小均与汽车速率无关【考点】37：牛顿第二定律；4A：向心力．【分析】汽车做匀速圆周运动，由指向圆心的静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律列方程分析两车沿半径方向受到的摩擦力的大小．【解答】解：设两汽车的质量为m，速率为v，半径分别为r甲和r乙，根据牛顿第二定律得F f甲=m，F f乙=m由题r甲＞r乙，则得到F f甲＜F f乙．故选A10．平抛物体的初速度为v0，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时（）A．瞬时速率v t=v0B．运动的时间t=C．位移大小等于v02/gD．瞬时速度与水平方向的夹角是45°【考点】43：平抛运动．【分析】根据水平位移和竖直位移相等求出平抛运动的时间，结合速度时间公式求出竖直分速度，根据平行四边形定则求出瞬时速度的大小．根据水平位移的大小，结合平行四边形定则求出位移的大小．根据平行四边形定则求出瞬时速度与水平方向的夹角．【解答】解：A、根据得，运动的时间t=，则竖直分速度v y=gt=2v0，根据平行四边形定则得，瞬时速度v t=，故A正确，B正确．C、水平位移x=，根据平行四边形定则知，位移的大小s==，故C错误．D、速度与水平方向夹角的正切值tanα=，则速度与水平方向的夹角不等于45度，故D错误．故选：AB．11．一端固定在光滑面O点的细线，A、B、C各处依次系着质量相同的小球A、B、C，如图所示，现将它们排列成一直线，并使细线拉直，让它们在桌面上绕O点作圆周运动，三段细线的最大张力相同，如果增大转速，则（）A．三球的角速度相同B．BC段细线先断C．OA段细线先断D．因三段细线的长度未知，无法判断哪段细线先断【考点】4A：向心力；29：物体的弹性和弹力．【分析】A、B、C三个球做圆周运动，角速度相等，分别以C、B、A为研究对象，根据牛顿第二定律研究三段线的张力大小，哪段线的拉力最大，哪段线先断掉．【解答】解：设A、B、C三个球的角速度为ω，质量都为m．根据牛顿第二定律得对C：F BC=mω2r c对B：F AB﹣F BC=mω2r B对A：F OA﹣F AB=mω2r A由以上式可知，F OA＞F AB＞F BC，所以在OA、AB、BC三段线中OA段先断掉．故A、C正确，B、D 错误．故选：AC．12．如图甲所示，一长为R的轻绳，一端穿在过O点的水平转轴上，另一端固定一质量未知的小球，整个装置绕O点在竖直面内转动，小球通过最高点时，绳对小球的拉力F与其速度平方v2的关系如图乙所示，图线与纵轴的交点坐标为a，下列判断正确的是（）A．利用该装置可以得出重力加速度，且g=B．绳长不变，用质量较大的球做实验，得到的图线斜率更大C．绳长不变，用质量较小的球做实验，得到的图线斜率更大D．绳长不变，用质量较小的球做实验，图线a点的位置不变【考点】4A：向心力；37：牛顿第二定律．【分析】在最高点，小球靠重力和拉力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律得出v2与F的关系式，根据图线的斜率和截距分析判断．【解答】解：A、在最高点，根据牛顿第二定律得，mg+F=m，解得F=，则，由图线知，纵轴截距a=gR，解得重力加速度g=，故A错误．B、由知，图线的斜率k=，绳长不变，用质量较大的球做实验，得到图线的斜率更小，故B错误．C、由知，图线的斜率k=，绳长不变，用质量较小的球做实验，得到的图线斜率更大，故C正确．D、由知，纵轴截距为gR，绳长不变，则a点的位置不变，故D正确．故选：CD．二、解答题（共5小题，满分52分）13．图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图（1）下列说法正确的是ACA．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次释放小球的位置可以不同C．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下D．记录小球位置用的铅笔每次必须严格地等距离下降E．斜槽必须光滑（2）图乙是正确实验取得的数据，其中O点为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为 1.6 m/s（g=9.8m/s2）（3）在另一次实验中将白纸换成方格纸，每个格的边长L=5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，则该小球做平抛运动的初速度为 1.5 m/s，B点的竖直分速度为 2 m/s，抛出点距A点的水平距离15 cm，抛出点距A点的竖直距离 5 cm （g=10m/s2）【考点】MB：研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤．（2）根据竖直位移，结合位移时间公式求出平抛运动的时间，根据水平位移和时间求出小球做平抛运动的初速度．（3）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度的大小，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B 点的竖直分速度．根据速度时间公式求出抛出点到B点的时间，从而得出抛出点到B点的水平距离和竖直距离，求出抛出点距A点的竖直位移和水平位移．【解答】解：（1）A、为了保证小球的初速度水平，需调节使斜槽的末端保持水平，故A正确．B、为了保证小球每次平抛运动的初速度大小相等，应使小球每次从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽不一定需要光滑，故B错误，C正确，E错误．D、记录小球位置用的铅笔不需要每次严格地等距离下降，故D错误．故选：AC．（2）根据y=得，平抛运动的时间t=，则小球平抛运动的初速度．（3）在竖直方向上，根据△y=2L=gT2得，T=，小球平抛运动的初速度．B点的竖直分速度．从抛出点到B点的时间，则抛出点到B点的水平位移x B=v0t=1.5×0.2m=0.3m=30cm，抛出点到B点的竖直位移，所以抛出点距离A点的水平距离x A=x B﹣3L=30cm﹣15cm=15cm，抛出点到A点的竖直距离y A=y B ﹣3L=20cm﹣15cm=5cm．故答案为：（1）AC，（2）1.6，（3）1.5，2，15，5．14．如图所示，斜面AB的倾角为30°，小球从A点以初速度v0=10m/s水平抛出，又落在斜面上的C点，g=10m/s2，求：（1）小球在空中运动的时间；（2）从抛出开始经过多长时间小球与斜面间的距离最大．【考点】43：平抛运动．【分析】（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合竖直位移和水平位移的关系求出小球在空中运动的时间．（2）档小球速度方向与斜面平行时，小球距离斜面最远，结合平行四边形定则，根据速度时间公式求出小球与斜面间距离最大时经历的时间．【解答】解：（1）设AC间的距离为L，则有：Lcos30°=v0t，，代入数据解得：t=s．（2）当小球离斜面最远时，小球运动方向平行斜面向下，则有：，代入数据解得：t1=．答：（1）小球在空中运动的时间为；（2）从抛出开始经过时间小球与斜面间的距离最大．15．如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒，其轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有一个质量为m的小球A紧贴着筒内壁在水平面内做匀速圆周运动，筒口半径和筒高分别为R和H，小球A所在的高度为筒高的，已知重力加速度为g，求：小球A做匀速圆周运动的角速度．【考点】4A：向心力．【分析】小球受重力与支持力的作用而做匀速圆周运动，则由向心力公式可求得小球做匀速圆周运动的角速度；【解答】解：对小球受力分析可知，受到重力支持力，因小球只在水平面做匀速圆周运动，其合力沿水平方向，由图可知根据牛顿第二定律可知F=mω2r其中F=联立解得ω=答：小球A做匀速圆周运动的角速度为16．如图所示，小球的质量为m，固定在长为L的轻绳一端，绕绳的另一端O点在竖直平面内做圆周运动，悬点O距离地面的高度为2L，求：（1）若小球恰好能到达最高点A，则通过A点时的瞬时速度的大小为多少？（2）若小球经过最低点B时速度为，求此时绳对球的作用力的大小（3）在满足（2）的情况下，若恰好在最低点B时绳断了，绳断前后的瞬间小球的速度大小不变，求小球落地时的速度．【考点】4A：向心力；43：平抛运动．【分析】（1）在最高点只受到重力，根据牛顿第二定律求得速度；（2）在最低点对物体受力分析，根据牛顿第二定律求得速度；（3）从最低点做平抛运动，根据平抛运动的知识求得落地速度【解答】解：（1）A点对小球分析此时只受重力，故解得（2）在B点对小球受力分析解得F2==6mg（3）由平抛运动可知，解得落地时的瞬时速度为，联立解得答：（1）若小球恰好能到达最高点A，则通过A点时的瞬时速度的大小为（2）若小球经过最低点B时速度为，此时绳对球的作用力的大小为6mg（3）在满足（2）的情况下，若恰好在最低点B时绳断了，绳断前后的瞬间小球的速度大小不变，小球落地时的速度17．如图所示，一可视为质点的物体质量为m=1kg，在左侧平台上水平抛出，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点肌肉怒光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑，A、B为圆弧两端点，其连线水平，O为轨道的最低点，已知圆弧半径为R=1.0m，对应圆心角为θ=106°，平台与AB连线的高度差为h=0.8m（重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6），求：（1）物体平抛的初速度（2）物体运动到圆弧轨道最低点O时速度V=m/s此时物体对轨道的压力．【考点】37：牛顿第二定律；43：平抛运动．【分析】（1）物体离开平台后做平抛运动，物体恰能无碰撞地进入圆弧轨道，说明物体在A 的速度应该沿着A点切线方向，根据高度h求出物体到达A点时的竖直分速度，再由分速度关系求得初速度．（2）物体运动到圆弧轨道最低点O时，由轨道的支持力和重力的合力提供向心力，由向心力公式求出支持力，再得到物体对轨道压力的大小．【解答】解：（1）由于物体无碰撞进入圆弧轨道，即物体落到A点时速度方向沿A点切线方向，则有：tan53°=物体做平抛运动时竖直方向做自由落体运动，由v y2=2gh得：v y===4m/s联立解得：v0=3 m/s．（2）物体在最低点O时，据牛顿第二定律，有：F N﹣mg=m代入数据解得：F N=43N由牛顿第三定律可知，物体对轨道的压力为43 N．答：（1）物体平抛的初速度是3m/s．（2）此时物体对轨道的压力是43N．。

河南省南阳市第一中学高一物理下学期第一次月考试题

河南省南阳市第一中学高一物理下学期第一次月考试题

南阳市一中2016年春期高一第一次月考物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，1~8题只有一个选项正确，9~12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1、下列说法正确的是（ ）A ．变速运动一定是曲线运动B ．物体受恒力作用不可能做曲线运动C ．平抛运动是变加速运动D ．做平抛运动的物体速度变化的方向始终是竖直向下的2、在宽度为d 的河中，水流速度为v 2 ，船在静水中速度为v 1，方向可以选择，现让该船渡河，则此船（ ）A ．最短渡河时间为2d v B ．最短渡河位移大小为d C ．渡河时间与水速无关D ．不管船头与河岸夹角是多少，小船一定在河岸下游着陆3、甲、乙两物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1∶2 ，转动半径之比为1∶2 ，在相等时间里甲转过60°，乙转过45°，则它们所受外力的合力之比为（ ）A ．1∶4B ．2∶3C ．4∶9D ．9∶164、如图所示，物体甲从高h 处以速度1v 平抛，同时物体乙从地面以速度2v 竖直上抛，不计空气阻力，在乙到达在最高点时或之前两个物体相遇，下列叙述中正确的是（ ）A ．两球相遇时间g ht 2=B ．抛出前两球的水平距离21v hv x =C ．相遇时甲球速率2v ghv =D ．若gh v =2，则两球相遇在4h处5、如图所示的皮带传动装置中，甲轮的轴和塔轮丙和乙的轴均为水平轴，其中，甲、丙两轮半径相等，乙轮半径是丙轮半径的一半．A 、B 、C 三点分别是甲、乙、丙三轮的边缘点，若传动中皮带不打滑，则（ ）A ．A 、B 、C 三点的线速度大小之比为1∶2∶2 B ．A 、B 、C 三点的角速度大小之比为1∶1∶2 C ．A 、B 、C 三点的向心加速度大小之比为2∶1∶4D ．A 、B 、C 三点的向心加速度大小之比为1∶2∶46、如图所示，长为L 的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内作圆周运动，关于小球在过最高点时的速度v ，下列叙述正确的是（ ）A ．v 的最小值为gLB ．v 由零逐渐增大，向心力逐渐减小C ．v 由gL 值逐渐增大，杆对小球的弹力也逐渐增大D ．v 由gL 值逐渐减小，杆对小球的弹力也逐渐减小7、在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低．如图所示，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些．汽车的运动可看作是做半径为R 的在水平面内的圆周运动．设内外路面高度差为h ，路基的水平宽度为d ，路面的宽度为L ．已知重力加速度为g ．要使车轮与路面之间的横向摩擦力（即垂直于前进方向）等于零，则汽车转弯时的车速应等于（ ）A ．LgRhB ．dgRhC ．h gRLD ．hgRd8、圆盘可以绕其竖直轴在水平面内转动，圆盘半径为R ，甲、乙物体（均视为质点）质量分别为M 和m （M>m ），它们与圆盘之间的最大静摩擦力均为正压力的μ倍，两物体用长为L （L<R ）的轻绳连在一起，如图所示．将甲物体放在转轴的位置上，甲、乙之间连线刚好沿半径方向被拉直，要使两物体与圆盘不发生相对滑动，则转盘旋转的角速度最大不得超过（ ）A ．()()μM m gM m L-+B ．μg L C ．()μM m g mL +D ．()μM m gML +9、关于圆周运动，下列说法中正确的是（ ）A ．匀速圆周运动是匀变速曲线运动B ．匀速圆周运动的角速度、周期、转速均恒定不变C ．在圆周运动中，向心加速度的方向总是指向圆心D ．做圆周运动的物体所受各力的合力一定是向心力10、如图所示为一轴竖直的锥形漏斗，内壁光滑，内壁上有两个质量相同的小球A 、B 各自在不同的水平面内做匀速圆周运动，则下列关系正确的有（ ）A ．向心加速度B A a a = B ．角速度B A ωω<C ．小球对漏斗的压力B A N N >D ． 线速度B A v v >11、如图所示，某人从高出水平地面h 的坡上水平击出一个质量为 m 的高尔夫球。

河南高一高中物理开学考试带答案解析

河南高一高中物理开学考试带答案解析

河南高一高中物理开学考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列各组物理量中，全部是矢量的有（）A．位移、速度、平均速度、加速度B．速度、平均速度、加速度、路程C．位移、速度、加速度、质量D．速度、加速度、位移、时间2.如图所示，为甲、乙两物体在同一起跑线上同时向同一方向做直线运动的速度﹣时间图线，则以下判断中正确的是（）A．甲、乙均做匀速直线运动B．在时间t1，甲、乙两物体相遇C．在t1时刻之前，甲的速度大D．甲、乙均做匀加速直线运动，乙的加速度大3.物体从距地面高H处开始做自由落体运动．当其速度等于着地速度的一半时，物体下落的距离是（）A．B．C．D．4.将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板上，如图，绳子处于沿竖直方向，整个装置静止．则（）A．绳子上拉力一定为零B．地面受的压力可能为零C．AB之间可能存在摩擦力D．地面与物体间可能存在摩擦力5.用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac 绳和bc绳中的拉力分别为（）A．mg，mg B．mg，mg C．mg，mg D．mg，mg6.三个相同的支座上分别搁着三个质量和直径都相等的光滑圆球a、b、c，支点P、Q在同一水平面上．a的重心位于球心，b、c的重心分别位于球心的正上方和正下方，如图，三球皆静止，支点P对a球的弹力为F，对bNa球和c球的弹力分别为FNb 和FNc，则（）A．F Na=F Nb=F Nc B．F Nb＞F Na＞F Nc C．F Nb＜F Na＜F Nc D．F Na＞F Nb=F Nc7.如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一起向右做匀加速直线运动，且与斜面体始终保持相对静止，则（）A．物体A可能受二个力的作用B．物体A可能受三个力的作用C．当加速度增加时，物体A受的摩擦力一定增大D．当加速度增加时，物体A受的摩擦力可能先减小后增大8.如图所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T和斜面的支持力FN分别为（重力加速度为g）（）A．T=m（acosθ﹣gsinθ） F N=m（gcosθ+asinθ）B．T=m（gcosθ+asinθ） F N=m（gsinθ﹣acosθ）C．T=m（gsinθ+acosθ） F N=m（gcosθ﹣asinθ）D．T=m（asinθ﹣gcosθ） F N=m（gsinθ+acosθ）9.如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A、B，A、B的质量均为2kg，它们处于静止状态，若突然将一个大小为10N，方向竖直向下的力施加在物块A上，若重力加速度g=10m/s2，则此瞬间，A对B的压力大小为（）A．22.5N B．20N C．25N D．30N10.某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s11.在一个封闭装置中，用弹簧秤称一物体的重力，如果读数与物体重力有下列偏差，则下列判断正确的是（）A．读数偏大，则装置一定是在向上做加速运动B．读数偏小，则装置一定是在向下做减速运动C．读数为零，则装置向上做加速度为g的加速运动D．读数准确，则装置可能静止，也可能在运动12.某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变时的大小为10m/sD．平均速度大小为3m/s，方向向上13.如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m 时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2．关于热气球，下列说法正确的是（）A．所受浮力大小为4830NB．加速上升过程中所受空气阻力保持不变C．从地面开始上升10s后的速度大小为5m/sD．以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N14.如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F以及N 的变化情况是（）绳对小球的拉力FTA．F N保持不变，F T不断增大B．F N不断增大，F T不断减小C．F N保持不变，F T先增大后减小D．F N不断增大，F T先减小后增大15.物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s内通过的位移是3m，则（）A．第3 s内的平均速度是3 m/sB．前3 s内的位移是6 mC．物体的加速度是1.2 m/s2D．3 s末的速度是4 m/s二、实验题在“验证牛顿运动定律”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出．（1）当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象．（3）如图（a），甲同学根据测量数据做出的a﹣F图线，说明实验存在的问题是．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a﹣F图线，如图（b）所示，两个同学做实验时的物理量取值不同？三、填空题某校物理研究性学习小组利用房檐滴水估测艺体馆的高度，他们测出从艺体馆的屋檐处滴下的相邻两滴水滴落地的时间间隔为0.5s，并观测到当第1滴水滴落到地面的瞬间，第5滴雪水滴刚好离开屋檐（假设水滴离开屋檐时无初速度），由以上数据估测出艺体馆屋檐到达地面的高度约为 m，水滴落地时的速度约为 m/s．（g取10m/s2）四、计算题1.汽车从静止开始做匀加速直线运动，途中先后经过相距125米的A、B 两棵树，用了10秒时间，已知过B树位置时的速度为15m/s，求汽车到A树位置时的速度和从出发到A树所用的时间．2.有一个重量为20N的物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，斜面固定在水平地面上，如图所示，求水平推力F为多大时可使物体沿斜面匀速运动？（已知：AB=40cm，BC=30cm）3.如图所示，有一水平传送带匀速向左运动，某时刻将一质量为m的小煤块（可视为质点）放到长为L的传送带的中点．它与传送带间的动摩擦因数为μ，求：（1）小煤块刚开始运动时受到的摩擦力的大小和方向；（2）要使小煤块留在传送带上的印记长度不超过，传送带的速度v应满足的条件．河南高一高中物理开学考试答案及解析一、选择题1.下列各组物理量中，全部是矢量的有（）A．位移、速度、平均速度、加速度B．速度、平均速度、加速度、路程C．位移、速度、加速度、质量D．速度、加速度、位移、时间【答案】A【解析】矢量是既有大小，又有方向的物理量，标量是只有大小，没有方向的物理量．解：A、位移、速度、平均速度、加速度都是既有大小，又有方向的物理量，都是矢量，故A正确；B、速度、平均速度、加速度是矢量，而路程是标量，故B错误；C、位移、速度、加速度是矢量，而质量是标量，故C错误；D、位移、速度、位移是矢量，而时间是标量，故D错误．故选：A．【点评】对于物理量的矢标性也学习的重要内容之一，要抓住矢量与标量区别：矢量有方向，而标量没有方向．2.如图所示，为甲、乙两物体在同一起跑线上同时向同一方向做直线运动的速度﹣时间图线，则以下判断中正确的是（）A．甲、乙均做匀速直线运动B．在时间t1，甲、乙两物体相遇C．在t1时刻之前，甲的速度大D．甲、乙均做匀加速直线运动，乙的加速度大【答案】CD【解析】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，倾斜的直线表示匀变速直线运动．由此分析即可．解：A、速度时间图线的斜率表示加速度，根据图象可知，甲、乙都做匀加速直线运动，故A错误．B、图线与时间轴围成的面积表示位移，根据图象可知：在t1时刻甲的位移比乙的位移大，则在t1时刻之前乙始终在甲的后面，两物体没有相遇，故B错误．C、由图知，在t1时刻之前，甲的速度大，故C正确．D、乙的斜率大于甲的斜率，所以乙的加速度大，故D正确．故选：CD【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积．3.物体从距地面高H处开始做自由落体运动．当其速度等于着地速度的一半时，物体下落的距离是（）A．B．C．D．【答案】B【解析】自由落体运动是初速度为零加速度为零g的匀加速直线运动，根据位移与速度关系公式求解．解：设物体落地时的速度大小为v．由v2﹣v2=2gx得v2﹣0=2gH ①﹣0=2gh ②由①②解得：h=H故选B．【点评】本题考查应用自由落体运动规律解题的基本能力，是基本题，比较简单，考试时不能丢分．4.将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板上，如图，绳子处于沿竖直方向，整个装置静止．则（）A．绳子上拉力一定为零B．地面受的压力可能为零C．AB之间可能存在摩擦力D．地面与物体间可能存在摩擦力【答案】C【解析】隔离对A分析，判断绳子的拉力的有无，以及AB之间有无摩擦力．对AB整体分析，判断地面有无摩擦力以及对地面有无压力．解：AC、对A分析，有A所受的重力、B对A的支持力和摩擦力三个力平衡，则绳子拉力为零；若A只有绳子的拉力与重力，则AB间没有摩擦力存在，故A错误，C正确．BD、对整体分析，整体可能受总重力、支持力，拉力．若地面的支持力等于总重力，则绳子拉力为零，因为绳子的拉力不可能大于A的重力，所以地面对B一定有支持力，因此地面受的压力不可能为零．根据整体平衡知，水平方向方向上，地面对B无摩擦力．故B、D错误．故选：C【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡求解，注意整体法和隔离法的运用．5.用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A．mg，mg B．mg，mg C．mg，mg D．mg，mg【答案】A【解析】对c点进行受力分析．根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系．解：对结点C受力分析，受到三根绳子拉力，将Fa 和Fb合成为F，根据三力平衡得出：F=Fc=mg已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，所以α=30°根据三角函数关系得出：Fa=F•cosα=mgFb=F•sinα=mg故选：A．【点评】该题的关键在于能够对结点c进行受力分析，利用平衡状态条件解决问题．力的计算离不开几何关系和三角函数．6.三个相同的支座上分别搁着三个质量和直径都相等的光滑圆球a、b、c，支点P、Q在同一水平面上．a的重心位于球心，b、c的重心分别位于球心的正上方和正下方，如图，三球皆静止，支点P对a球的弹力为FNa，对b球和c球的弹力分别为FNb 和FNc，则（）A．F Na=F Nb=F Nc B．F Nb＞F Na＞F Nc C．F Nb＜F Na＜F Nc D．F Na＞F Nb=F Nc【答案】A【解析】P、Q对球的弹力方向均指向球心，小球受到三个力作用，根据三力汇交原理和平衡条件分析弹力的关系．解：三个小球均受到三个力作用：重力和支点P、Q对球的弹力，而弹力方向均指向球心，根据三力汇交原理得知，小球所受的三个力均通过球心，弹力方向方向相同，三个小球受力情况完全相同，如图，则根据平衡条件得知，支点P对球的弹力相同．故选：A【点评】本题的关键是抓住弹力方向的特点：指向球心，运用三力汇交原理，进行分析．7.如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一起向右做匀加速直线运动，且与斜面体始终保持相对静止，则（）A．物体A可能受二个力的作用B．物体A可能受三个力的作用C．当加速度增加时，物体A受的摩擦力一定增大D．当加速度增加时，物体A受的摩擦力可能先减小后增大【答案】ABD【解析】物体与斜面体一起向右做匀加速直线运动，可能不受摩擦力，可能受摩擦力大小，结合牛顿第二定律求出临界的加速度，通过加速度的大小判断出摩擦力的方向，从而确定摩擦力大小的变化．解：A 、因为物体与斜面体的加速度相同，设斜面的倾角为θ，当摩擦力为零时，加速度a=，知当加速度等于gtanθ时，物体不受摩擦力作用，受重力和支持力两个力作用，当加速度不等于gtanθ，受重力、支持力和摩擦力三个力作用．故A 、B 正确．C 、当加速度a ＞gtanθ，摩擦力方向沿斜面向下，加速度增加，则摩擦力增大．当加速度a ＜gtanθ，摩擦力沿斜面向上，当加速度增加时，摩擦力先减小后增大．故D 正确，C 错误．故选ABD ．【点评】解决本题的关键知道物体与斜面体具有相同的加速度，隔离对物体分析，求出临界加速度的大小，从而进行分析求解．8.如图所示，细线的一端系一质量为m 的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．在斜面体以加速度a 水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T 和斜面的支持力F N 分别为（重力加速度为g ）（ ）A ．T=m （acosθ﹣gsinθ） F N =m （gcosθ+asinθ）B ．T=m （gcosθ+asinθ） F N =m （gsinθ﹣acosθ）C ．T=m （gsinθ+acosθ） F N =m （gcosθ﹣asinθ）D ．T=m （asinθ﹣gcosθ） F N =m （gsinθ+acosθ）【答案】C【解析】小球始终静止在斜面上，说明小球加速度很小，且未脱离斜面，以小球受力分析，利用牛顿第二定律列式求解即可．解：当加速度a 较小时，小球与斜面一起运动，此时小球受重力、绳子拉力和斜面的支持力，绳子平行于斜面；小球的受力如图：水平方向上由牛顿第二定律得：Tcosθ﹣F N sinθ=ma…①竖直方向上由平衡得：Tsinθ+F N cosθ=mg…②①②联立得：F N =m （gcosθ﹣asinθ），T=m （gsinθ+acosθ）．故C 正确．故选：C ．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，结合牛顿第二定律运用正交分解进行求解．9.如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A 、B ，A 、B 的质量均为2kg ，它们处于静止状态，若突然将一个大小为10N ，方向竖直向下的力施加在物块A 上，若重力加速度g=10m/s 2，则此瞬间，A 对B 的压力大小为（ ）A ．22.5NB ．20NC ．25ND ．30N【答案】C【解析】物体A 、B 整体受力平衡，即整体受重力和弹簧的支持力平衡；突然对物体A 施加一个竖直向下的10N 的压力，AB 整体受到的重力和弹力不变，故整体具有了向下的加速度，先根据牛顿第二定律求出加速度，然后再对A 受力分析，根据牛顿第二定律求出B 对A 的支持力，再根据牛顿第三定律即可求解．解：物体AB 整体受力平衡，受重力和支持力，合力为零，故弹簧的支持力为40N ；突然对物体A 施加一个竖直向下的10N 的压力，对AB 整体而言，受到重力、弹簧弹力和拉力，合力等于压力，根据牛顿第二定律，有：F=2ma代入数据解得：a=2.5m/s 2…①再对物体A 受力分析，受到重力、支持力和已知推力，根据牛顿第二定律，有：F+mg ﹣N=ma…②由①②解得：N=25N根据牛顿第三定律，A 对B 的压力大小等于B 对A 的支持力，故A 对B 的压力大小为25N ．故选：C ．【点评】用整体法求解加速度，再用隔离法求解系统内力是分析连接体问题的常用方法．10.某航母跑道长200m ．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s 2，起飞需要的最低速度为50m/s ．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（ ）A ．5m/sB ．10m/sC ．15m/sD ．20m/s【答案】B【解析】已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度．解：由运动学公式v 2﹣v 02=2as代人数据得：m/s ，故选B 正确．故选：B ．【点评】该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可．11.在一个封闭装置中，用弹簧秤称一物体的重力，如果读数与物体重力有下列偏差，则下列判断正确的是（ ）A ．读数偏大，则装置一定是在向上做加速运动B ．读数偏小，则装置一定是在向下做减速运动C ．读数为零，则装置向上做加速度为g 的加速运动D ．读数准确，则装置可能静止，也可能在运动【答案】D【解析】对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度，再确定物体的运动情况，然后结合超重与失重解答即可．解：A 、当电梯运动时，看到弹簧秤的度数为偏大，物体受向上的弹力，向下的重力，根据牛顿第二定律，有： F ﹣G=ma由于F 大于G ，故加速度向上，处于超重状态，故电梯加速上升或者减速下降；故A 错误；B 、看到弹簧秤的度数为偏小，由于F 小于G ，故加速度向下，处于失重状态，故电梯加速下降或者减速上升．故B 错误；C 、若读数为零，则装置一定是向下做加速运动，其加速度为g ．故C 错误；D 、读数准确，则装置处于平衡状态，有可能静止，也可能是向上或向下做匀速运动．故D 正确．故选：D【点评】本题关键对物体受力分析后根据牛顿第二定律确定加速度，然后得到运动情况，基础题12.某物体以30m/s 的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g 取10m/s 2．5s 内物体的（ ）A ．路程为65mB ．位移大小为25m ，方向向上C ．速度改变时的大小为10m/sD ．平均速度大小为3m/s ，方向向上【答案】AB【解析】物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s 内位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at 求出速度的改变量．路程等于各段位移大小之和 解：物体做竖直上抛运动，看成一种匀减速直线运动．A 、物体上升的最大高度为：h 1===45m ，上升的时间为：t 1==3s ． 从最高点开始2s 内下落的高度为：h 2==m=20m ，所以5s 内物体通过的路程为：S=h 1+h 2=65m ．故A 正确．B 、取竖直向上为正方向，则物体的加速度为a=﹣g ，5s 内物体的位移为：x=v 0t ﹣gt 2=30×5﹣×10×52（m ）=25m ，方向竖直向上．故B 正确．C 、速度改变量为：△v=at=﹣gt=﹣10×5m/s=﹣50m/s ，大小为50m/s ，方向竖直向下，故C 错误．D 、平均速度为：==m/s=5m/s ，方向竖直向上．故D 错误故选：AB【点评】对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用13.如图所示，总质量为460kg 的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s 2，当热气球上升到180m 时，以5m/s 的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s 2．关于热气球，下列说法正确的是（ ）A ．所受浮力大小为4830NB ．加速上升过程中所受空气阻力保持不变C ．从地面开始上升10s 后的速度大小为5m/sD ．以5m/s 匀速上升时所受空气阻力大小为230N【答案】AD【解析】气球受重力、浮力和阻力，先加速后匀速，故加速度变化，合力变化，故阻力变化；开始时速度为零，空气阻力为零，根据牛顿第二定律列式求解出浮力；最后匀速，再根据平衡条件列式求解．解：A 、从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二定律，有： F 浮﹣mg=ma解得：F 浮=m （g+a ）=460×（10+0.5）N=4830N ，故A 正确；B 、气球受重力、浮力和空气阻力，若阻力不变，合力不变，气球匀加速上升，矛盾，故B 错误；C 、刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s 2，气球是变加速运动，加速度逐渐减小，故10s 后的速度大小小于5m/s ，故C 错误；D 、以5m/s 匀速上升时，根据平衡条件，有：F 浮=mg+f ，解得f=230N ，故D 正确；故选AD ．【点评】本题关键明确气球做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大；然后根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解．14.如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O 点．现用水平力F 缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N 以及绳对小球的拉力F T 的变化情况是（ ）A ．F N 保持不变，F T 不断增大B ．F N 不断增大，F T 不断减小C ．F N 保持不变，F T 先增大后减小D ．F N 不断增大，F T 先减小后增大【答案】D【解析】对小球进行受力分析，重力、支持力、拉力组成一个矢量三角形，由于重力不变、支持力方向不变，又缓慢推动，故受力平衡，只需变动拉力即可，根据它角度的变化，你可以明显地看到各力的变化．解：先对小球进行受力分析，重力、支持力F N 、拉力F T 组成一个闭合的矢量三角形，由于重力不变、支持力F N 方向不变，且从已知图形知β＞θ，且β逐渐变小，趋向于0；故斜面向左移动的过程中，拉力F T 与水平方向的夹角β减小，当β=θ时，F T ⊥F N ，细绳的拉力F T 最小，由图可知，随β的减小，斜面的支持力F N 不断增大，F T 先减小后增大．故D 正确．ABC 错误．故选：D ．【点评】本题考察物体的受力分析、共点力的动态平衡问题． 物体在三个共点力作用下达到平衡状态，其中一个力的大小和方向均不发生变化时：一个力的方向不变，另一个力方向改变，利用力的三角形法则； 另外两个力中，另外两个力方向均改变，利用力的三角形与几何三角形相似． 对小球进行受力分析如图所示，则题干描述的动态过程可通过力的三角形边长的变化替代．15.物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s 内通过的位移是3m ，则（ ）A ．第3 s 内的平均速度是3 m/sB ．前3 s 内的位移是6 mC ．物体的加速度是1.2 m/s 2D ．3 s 末的速度是4 m/s【答案】AC【解析】由公式求解第3s 内的平均速度．根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度可知，2.5s 末的速度等于第3s 内的平均速度，根据速度时间公式求出加速度．再由运动学求出前3s 内的位移及3s 末的速度． 解：A 、第3s 内的平均速度为：，故A 正确；B 、根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度可知，2.5s 末的速度等于第3s 内的平均速度，则v 2.5=3m/s ， 根据v 2.5=at 2.5得：a=，则前3s 内的位移x=，故B 错误，C 正确； D 、3 s 末的速度v 3=at 3=1.2×3=3.6m/s ，故D 错误．故选：AC【点评】本题运用匀变速直线运动的基本公式研究初速度为零的匀加速运动问题，也可以通过图象研究．二、实验题在“验证牛顿运动定律”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M 表示，盘及盘中砝码的质量用m 表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出．（1）当M 与m 的大小关系满足 时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力． （2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a 与质量M 的关系，应该做a 与 的图象．（3）如图（a ），甲同学根据测量数据做出的a ﹣F 图线，说明实验存在的问题是 ．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a ﹣F 图线，如图（b ）所示，两个同学做实验时的 物理量取值不同？【答案】（1）M ＞＞m ；（2）（3）平衡摩擦力时木板倾角过大（4）两小车及车上砝码的总质量不同【解析】（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M 为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m ＜＜M 时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（2）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系．（3）图中没有拉力时有加速度，说明重力的分力大于摩擦力。

高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题

高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕开学物理试卷一、选择题：1．下面所列单位都属于单位制〔SI〕中根本单位的是〔〕A．kg、N、m/s B．N、m、s C．kg、m、s D．m/s2、N、m/s2．以下说法中正确的选项是〔〕A．牛顿第一律说明力是改变物体运动状态的原因B．两个力的合力一比每一个分力都大C．只有运动的物体才有惯性，静止的物体没有惯性D．甲乙两队拔河，甲胜乙，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力大3．电梯内有一弹簧秤挂着一个重5N的物体．当电梯运动时，看到弹簧秤的读数为6N，那么可能是〔〕A．电梯加速向上运动B．电梯减速向上运动C．电梯加速向下运动D．电梯减速向下运动4．在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它的重力之间的关系是〔〕A．压力就是重力B．压力和重力是一对平衡力C．压力的施力物体是重力的受力物体D．压力的受力物体是重力的施力物体5．如下图，重力G=20N的物体，在动摩擦因数为0.1的水平面上向左运动，同时受到大小为10N，方向向右的水平力F的作用，那么物体所受摩擦力大小和方向是〔〕A．2N，水平向左B．2N，水平向右C．10N，水平向左D．8N，水平向右6．关于运动和力的关系，以下说法中正确的选项是哪些〔〕A．力是维持物体运动的原因B．力是使物体做变速运动的原因C．力只能改变物体运动速度的大小D．力是改变物体运动状态的原因7．跳高运发动从地面上起跳的瞬间，以下说法中正确的选项是〔〕A．运发动给地面的压力于运发动受到的重力B ．地面给运发动的支持力大于运发动受到的重力C．地面给运发动的支持力大于运发动对地面的压力D．地面给运发动的支持力的大小于运发动对地面的压力的大小8．两个质点甲与乙，同时由同一地点向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．在第2秒末甲、乙将会相遇B．在第2秒末甲、乙速度相同C．在前2秒内，甲的平均速度比乙的大D．以上说法都不对9．一质点在某段时间内做曲线运动，那么在这段时间内〔〕A．速度一在不断地改变，加速度也一在不断地改变B．速度一在不断地改变，加速度可以不变C．速度可以不变，加速度一在不断改变D．速度和加速度都可以不变10．决平抛运动物体飞行时间的因素是〔〕A．初速度B．抛出时的高度C．抛出时的高度和初速度D．以上均不对11．如下图，两个质量相同的物体1和2，紧靠在一起放在光滑的水平面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2的作用，而且F1＞F2，那么1施于2的作用力的大小为〔〕A．F1B．F2C ． D ．12．物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如下图．在A点物体开始与弹簧接触，到B点时，物体速度为零，然后被弹回，那么以下说法正确的选项是〔〕A．物体从A下降到B的过程中，速率不断变小B．物体从B上升到A的过程中，速率不断变大C．物体从A下降到B，以及从B上升到A的速程中，速率都是先增大，后减小D．物体在B点时，所受合力为零13．如下图，物体在恒力F作用下沿曲线从A运动到B，这时突然使它所受的力反向而大小不变〔即由F变为﹣F〕，在此力作用下，物体以后的运动情况，以下说法正确的选项是〔〕A．物体可能沿曲线Ba运动B．物体可能沿直线Bb运动C．物体可能沿曲线Bc运动D．物体可能沿原曲线由B返回A二、计算题14．〔2021秋•清镇市校级期末〕质量为5kg的物体受水平拉力F的作用，物体以10m/s的速度在水平面上沿拉力方向做匀速直线运动．当突然撤去F后，物体经5s停止运动，〔g取10m/s2〕求：〔1〕F的大小；〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数．15．〔2021•甘州区校级二模〕如下图，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，小球和车厢相对静止，球的质量为1kg．〔g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔1〕求车厢运动的加速度，并说明车厢的运动情况．〔2〕求悬线对球的拉力．16．〔2021春•校级月考〕将一个物体以10m/s 的速度从10m的高度水平抛出，求物体经过多长时间落地及落地时的速度是多少〔不计空气阻力，取g取10m/s2〕．17．〔2021秋•末〕民用客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机，一般还设有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，翻开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上来，示意图如下图．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，CD段为与斜面平滑连接的水平地面．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，人与气囊、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5．不计空气阻力，g=10m/s2．求：〔1〕人从斜坡上滑下时的加速度大小；〔2〕人滑到斜坡底端时的速度大小；〔3〕人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下？高一〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：1．下面所列单位都属于单位制〔SI〕中根本单位的是〔〕A．kg、N、m/s B．N、m、s C．kg、m、s D．m/s2、N、m/s【分析】单位制规了七个根本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在单位制中的单位称为根本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、其中的N、m/s是导出单位，所以A错误．B、其中的N是导出单位，所以B错误．C、m、kg、s分别是长度、质量、时间的单位，所以C正确．D、三个单位全是导出单位，所以D错误．应选C．2．以下说法中正确的选项是〔〕A．牛顿第一律说明力是改变物体运动状态的原因B．两个力的合力一比每一个分力都大C．只有运动的物体才有惯性，静止的物体没有惯性D ．甲乙两队拔河，甲胜乙，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力大【分析】牛顿第一律是在的根底上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态，根据平行四边形那么判断合力与分力的关系，惯性是物体得固有属性，任何物体，任何状态下都有惯性．【解答】解：A、由牛顿第一律可知，当物体不受力或受平衡力时，物体将处于静止状态或匀速直线运动状态，因此力是改变物体运动状态的原因；故A正确；B、根据平行四边形那么可知，两个力的合力可以比每一个分力都大，也可以比每一个分力小，故B错误；C、惯性是物体得固有属性，任何物体，任何状态下都有惯性，故C错误；D、甲对乙的拉力与乙对甲的拉力是作用力和反作用力，大小相，故D错误．应选：A3．电梯内有一弹簧秤挂着一个重5N的物体．当电梯运动时，看到弹簧秤的读数为6N，那么可能是〔〕A．电梯加速向上运动B．电梯减速向上运动C．电梯加速向下运动D．电梯减速向下运动【分析】对物体受力分析，然后根据牛顿第二律求解加速度，再确物体的运动情况．【解答】解：当电梯运动时，看到弹簧秤的度数为6N，物体受向上的弹力，向下的重力，根据牛顿第二律，有：F﹣G=ma由于F大于G，故加速度向上，处于超重状态，故电梯加速上升或者减速下降；选项AD正确，BC错误．应选：AD4．在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它的重力之间的关系是〔〕A．压力就是重力B．压力和重力是一对平衡力C．压力的施力物体是重力的受力物体D．压力的受力物体是重力的施力物体【分析】压力是垂直作用在物体外表上的力，它的施力物体是物体本身，受力物体是物体的外表，重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，它的施力物体是地球，受力物体是它本身．【解答】解：A、压力不是重力，它们的施力物体、受力物体、作用点都不相同，所以A错误的；B、物体放在水平桌面上时，对桌面的压力来自物体的重力，它们的大小是相同的，作用在两个物体上，它们的性质也完全不同，也不是一对平衡力，所以B 错误的；C、压力的施力物体是书，重力的受力物体也是书，故C正确；D、压力的施力物体是书，重力的施力物体是地球，所以D错误的；应选：C．5．如下图，重力G=20N的物体，在动摩擦因数为0.1的水平面上向左运动，同时受到大小为10N，方向向右的水平力F的作用，那么物体所受摩擦力大小和方向是〔〕A．2N，水平向左B．2N，水平向右C．10N，水平向左D．8N，水平向右【分析】滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反．根据物体相对于地面向左运动，判断滑动摩擦力方向．物体对水平面的压力大小N于物体的重力G，由f=μN求解摩擦力大小．【解答】解：物体在水平面上向左运动，受到水平面滑动摩擦力方向向右．物体对水平面的压力大小N于物体的重力G，那么摩擦力大小为f=μN=μG=0.1×20N=2N．应选B 6．关于运动和力的关系，以下说法中正确的选项是哪些〔〕A．力是维持物体运动的原因B．力是使物体做变速运动的原因C．力只能改变物体运动速度的大小D．力是改变物体运动状态的原因【分析】力是产生加速度的原因，所以力是改变物体运动状态的原因，故力既能改变物体速度的大小，也能改变物体速度的方向；维持物体运动的原因是物体的惯性．【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动的原因是物体的惯性，故A错误．B、力是改变物体运动状态的原因，故力是产生加速度的原因，所以力是使物体做变速运动的原因，故B正确．C、力是改变物体运动状态的原因，故力既能改变物体速度的大小，也能改变物体速度的方向，故C错误．D、力是产生加速度的原因，物体的加速度不为0，物体的运动状态就会发生改变，故D正确．应选BD．7．跳高运发动从地面上起跳的瞬间，以下说法中正确的选项是〔〕A．运发动给地面的压力于运发动受到的重力B．地面给运发动的支持力大于运发动受到的重力C．地面给运发动的支持力大于运发动对地面的压力D．地面给运发动的支持力的大小于运发动对地面的压力的大小【分析】运发动能够挑起的原因是地面的支持力大于运发动的重力，即运发动所受合力竖直向上．地面对运发动的支持力和运发动对地面的压力是作用力和反作用力，大小相，方向相反．【解答】解：运发动在起跳过程中运发动的加速度竖直向上，根据牛顿第二律可知运发动所受合力竖直向上，故地面对运发动的支持力大于运发动的重力，由牛顿第三律可知，运发动受到的支持力于运动对地面的压力，故A错误，B 正确，C错误，D正确；应选：BD．8．两个质点甲与乙，同时由同一地点向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．在第2秒末甲、乙将会相遇B．在第2秒末甲、乙速度相同C．在前2秒内，甲的平均速度比乙的大D．以上说法都不对【分析】v﹣t图象中，图象与坐标轴围成的面积表示位移．相遇要求在同一时刻到达同一位置，位移相．由图能直接读出速度．平均速度由位移与时间之比分析．【解答】解：A、由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知：在前2s内甲的位移比乙小，那么知甲还没有追上乙，故A错误．B、在第2秒末两图象相交，甲、乙速度相同，故B正确．C、在前2s内甲的位移比乙小，那么甲的平均速度比乙的小，故C错误．D、由上可知D错误；应选：B9．一质点在某段时间内做曲线运动，那么在这段时间内〔〕A．速度一在不断地改变，加速度也一在不断地改变B．速度一在不断地改变，加速度可以不变C．速度可以不变，加速度一在不断改变D．速度和加速度都可以不变【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、物体既然是在做曲线运动，它的速度的方向必是改变的，但是合力不一改变，所以加速度不一改变，如平抛运动，所以AD错误，B正确．C、既然是曲线运动，它的速度的方向必是改变的，那么速度也就一在变化，所以C错误，应选：B．10．决平抛运动物体飞行时间的因素是〔〕A．初速度B．抛出时的高度C．抛出时的高度和初速度D．以上均不对【分析】将平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上自由落体运动，根据分运动与合运动具有时性，根据竖直方向的运动，h=gt2求出飞行的时间．【解答】解：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据h=gt2，t=．知平抛运动的时间由高度决，与初速度无关．故B正确，A、C、D错误．应选：B．11．如下图，两个质量相同的物体1和2，紧靠在一起放在光滑的水平面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2的作用，而且F1＞F2，那么1施于2的作用力的大小为〔〕A．F1B．F2C ． D ．【分析】先以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二律求出加速度，再隔离其中一个物体研究，求出1施于2的作用力大小．【解答】解：设两物体的质量均为m，1施于2的作用力大小为F．根据牛顿第二律得：对整体：a=对物体2：F﹣F2=ma得到：F=ma+F2=应选：C12．物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如下图．在A点物体开始与弹簧接触，到B点时，物体速度为零，然后被弹回，那么以下说法正确的选项是〔〕A．物体从A下降到B的过程中，速率不断变小B．物体从B上升到A的过程中，速率不断变大C．物体从A下降到B，以及从B上升到A的速程中，速率都是先增大，后减小D．物体在B点时，所受合力为零【分析】根据物体所受的合力方向判断加速度的方向，根据速度方向与加速度方向的关系，判断其速度的变化．注意分析加速度和速度的方向关系．【解答】解：A、在A下降到B的过程中，开始重力大于弹簧的弹力，加速度方向向下，物体做加速运动，弹力在增大，那么加速度在减小，当重力于弹力时，速度到达最大，然后在运动的过程中，弹力大于重力，根据牛顿第二律知，加速度方向向上，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，运动的过程中弹力增大，加速度增大，到达最低点，速度为零．故速度先增大后减小．故A 错误．B、在从B上升到A的过程中，弹簧弹力开始时大于重力，加速度向上，物体向上运动，由于弹力减小，那么加速度减小，但速度继续增大；弹力与重力相时速度达最大，此后由于弹力小于重力，物体的速度开始减小，故速率先增大后减小；故B错误；C、由AB的分析可知，C正确；D、物体在B点时为最低点，此时速度为零，弹簧压缩量最大，故此时合力向上；故D错误；应选：C．13．如下图，物体在恒力F作用下沿曲线从A运动到B，这时突然使它所受的力反向而大小不变〔即由F变为﹣F〕，在此力作用下，物体以后的运动情况，以下说法正确的选项是〔〕A．物体可能沿曲线Ba运动B．物体可能沿直线Bb运动C．物体可能沿曲线Bc运动D ．物体可能沿原曲线由B返回A【分析】物体做曲线运动时，运动轨迹是在速度与力的夹角之中，根据这一点可以判断原来的恒力F的方向是向下的，当F变成向上时，运动轨迹仍然要处于速度与合力的夹角之间．【解答】解：物体从A到B运动，因为运动轨迹是在速度与力的夹角之中，所以物体所受恒力方向是向下的．到达B点后，力的大小不变方向相反，变成向上．A、由于力的方向发生了改变，曲线Ba不在力与速度的夹角内，故A错误．B、因为物体在B点的速度方向为切线方向，即直线Bb，而力与速度方向不同，所以物体不可能做直线运动，故B错误．C、Bc在力与速度的夹角内，物体有可能沿Bc运动，故C正确．D、很明显，物体不可能由B返回A，故D错误．应选C．二、计算题14．〔2021秋•清镇市校级期末〕质量为5kg的物体受水平拉力F的作用，物体以10m/s的速度在水平面上沿拉力方向做匀速直线运动．当突然撤去F后，物体经5s停止运动，〔g取10m/s2〕求：〔1〕F的大小；〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数．【分析】撤去F后，物体经5s停止运动，由动量理即可求得物体受到的摩擦力；在拉力F作用下，物体做匀速直线运动，可求得拉力F的大小；由摩擦因数的义式即可求得摩擦因数．【解答】解：〔1〕撤去F后水平方向物体只受到摩擦力的作用，物体经5s停止运动，由动量理得：﹣ft=0﹣mv所以： N 匀速运动时：f=F=10N〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数：答：〔1〕F的大小是10N；〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数S 0.215．〔2021•甘州区校级二模〕如下图，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，小球和车厢相对静止，球的质量为1kg．〔g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔1〕求车厢运动的加速度，并说明车厢的运动情况．〔2〕求悬线对球的拉力．【分析】〔1〕对小球进行受力分析，根据牛顿第二律求出加速度，而车厢相对于小球静止，加速度相，进而判断车厢的运动情况；〔2〕根据力的合成与分解求出绳子的拉力．【解答】解：〔1〕车厢的加速度与小球加速度相同，对小球进行受力分析，根据牛顿第二律得：a=所以车厢的加速度大小为m/s2，方向水平向右，所以车厢可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．〔2〕由图可知：F=答：〔1〕车厢运动的加速度大小为m/s2，方向水平向右，车厢可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．〔2〕悬线对球的拉力为1N．16．〔2021春•校级月考〕将一个物体以10m/s 的速度从10m的高度水平抛出，求物体经过多长时间落地及落地时的速度是多少〔不计空气阻力，取g取10m/s2〕．【分析】根据高度求出平抛运动的时间，结合速度时间公式求出竖直分速度，再根据平行四边形那么求出落地的速度．【解答】解：根据h=得：t=，落地时竖直分速度为：，根据平行四边形那么知，落地的速度为： m/s=10m/s．答：物体经过时间落地，落地的速度为10m/s．17．〔2021秋•末〕民用客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机，一般还设有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，翻开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上来，示意图如下图．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，CD段为与斜面平滑连接的水平地面．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，人与气囊、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5．不计空气阻力，g=10m/s2．求：〔1〕人从斜坡上滑下时的加速度大小；〔2〕人滑到斜坡底端时的速度大小；〔3〕人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下？【分析】〔1〕人从斜坡上滑下时受到重力、斜面的支持力和滑动摩擦力，作出力图，根据牛顿第二律求解加速度．〔2〕根据条件：初速度、斜面长AC和加速度，由速度与位移的关系式求解人滑到斜坡底端时的速度大小．〔3〕人在地面上滑行时水平方向受到滑动摩擦力作用，由牛顿第二律求出加速度，再由速度与位移的关系式求出在地面上滑行的距离．【解答】解：〔1〕物体受力如右图所示．由牛顿运动律：mgsinθ﹣μN=maN﹣mg cosθ=0解得：a=gsinθ﹣μgcosθ=2m/s2〔2〕由v c2=2as，得到v c =2m/s〔3〕由牛顿运动律：μmg=ma′由02﹣v c2=2〔﹣a′〕s′解得：s′=2.0m答：〔1〕人从斜坡上滑下时的加速度大小为2m/s2；〔2〕人滑到斜坡底端时的速度大小为2m/s；〔3〕人离开C点后还要在地面上滑行2m才能停下．。

2022-2023学年河南省南阳市第一中学校高一下学期第一次月考物理试题

2022-2023学年河南省南阳市第一中学校高一下学期第一次月考物理试题

2022-2023学年河南省南阳市第一中学校高一下学期第一次月考物理试题1.在操场上，一遥控小汽车在小明的控制下做曲线运动。

对于做曲线运动的遥控小汽车而言，下列说法正确的是（）A．遥控小汽车运动的初速度一定不为零B．遥控小汽车的加速度一定是变化的C．遥控小汽车的加速度方向与速度方向不在同一条直线上D．遥控小汽车的加速度方向与其所受合力的方向不在同一条直线上2.下列有关生活中的圆周运动实例分析，其中说法正确的是（）A．如图A所示，汽车通过凹形桥的最低点时，汽车处于失重状态B．如图B所示，火车转弯超过规定速度行驶时，外轨对轮缘会有挤压作用C．如图C所示，轻质细绳长为l，一端固定一个小球，绕另一端O点在竖直面内做圆周运动，在最高点小球的最小速度应大于D．如图D所示，脱水桶的脱水原理是水滴受到的离心力大于它受到的向心力，从而沿切线方向甩出3.图是滑雪道的示意图。

可视为质点的运动员从斜坡上的M点由静止自由滑下，经过水平NP段后飞入空中，在Q点落地。

不计运动员经过N点的机械能损失，不计摩擦力和空气阻力。

下列能表示该过程运动员速度大小v或加速度大小a随时间t变化的图像是（）A．B．C．D．4.如图所示，A、B两球穿过光滑水平杆，两球间用一细绳连接，当该装置绕竖直轴匀速转动时，两球在杆上恰好不发生滑动，若两球质量之比，那么A、B两球的（）A．运动半径之比为B．加速度大小之比为C．线速度大小之比为D．向心力大小之比为5.如图所示，在半径为R的半球形陶罐的内表面上，一质量为m的光滑小球在距碗口高度为h的水平面内做匀速圆周运动，小球可视为质点，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．小球运动的周期为B．小球运动的线速度为C．陶罐对小球的支持力为D．小球运动的向心加速度为6.如图所示，用一段绳子把轻质滑轮吊装在A点，一根轻绳跨过滑轮，绳的一端拴在井中的水桶上，人用力拉绳的另一端，滑轮中心为O点，人所拉绳子与OA的夹角为β，拉水桶的绳子与OA的夹角为α，人拉绳沿水平面向左运动，把井中质量为m的水桶匀速提上来，人的质量为M，重力加速度为g，在此过程中，以下说法正确的是（）A．人对绳的拉力变大B．吊装滑轮的绳子上的拉力逐渐变大C．人向左运动过程速度减小D．运动过程中β可能大于α7.如图所示，一艘小船要从O点渡过一条两岸平行、宽度为的河流，已知河水流速为，小船在静水中的速度为，B点距正对岸的A点。

【全国百强校】河南省南阳市第一中学2015-2016学年高一下学期开学考试物理试题(解析版)

【全国百强校】河南省南阳市第一中学2015-2016学年高一下学期开学考试物理试题(解析版)

一、选择题1、如图为一质点运动的位移随时间变化的图像，图像是一条抛物线，方程为2540x tt =-+，下列说法正确的是（ ）A 、质点的加速度大小是25/m sB 、4t s =时，质点的速度为零C 、质点的初速度大小是20/m sD 、质点做匀减速运动，8t s =时质点离出发点最远 【答案】B考点：运动学中的图像【名师点睛】在位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向；理解位移-时间图象上点和斜率的物理意义；能根据位移的表达式判断物体的初速度、加速度。

2、有三个共点力123F F F 、 、作用于某一质点，其合力为零。

已知3=5N F ，现保持其余两力大小和方向不变，只将3F 的方向逆时针方向绕作用点转动060，则这三个力的合力大小变为（ ）A 、仍为零B 、10NC 、5ND 、【答案】C考点：力的合成【名师点睛】三力的合力为零，则任意两力之和与第三力大小相等方向相反；由题意可知其他两力的合力大小及方向；利用平行四边形定则可求得转动之后的合力；本题应明确若三力平衡，则任意两力之和与第三力大小相等，方向相反。

3、物体静止在水平面上，今对物体施加一个与水平方向成θ角的斜向上的拉力F，保持θ角不变，使F从零开始逐渐增大的过程中，物体始终未离开水平面，在此过程中物体受到的摩擦力将（）A、逐渐增大B、逐渐减小C、先逐渐减小后逐渐增大D、先逐渐增大后逐渐减小【答案】D【解析】试题分析：设F与水平方向的夹角为α，木箱处于静止状态时，根据平衡条件得：木箱所受的静摩擦力为=-，F增大，N减小，此时木箱受f Fcosα=，F增大，f增大；木箱运动时，所受的支持力N G Fsinα到的是滑动摩擦力，大小为f Nμ=，N减小，则f减小，故D正确。

考点：平衡条件【名师点睛】本题关键要根据物体的运动状态，判断是静摩擦还是滑动摩擦，静摩擦由平衡条件分析，滑动摩擦力由公式分析。

2016-2017学年河南省南阳一中高一(下)开学物理试卷(解析版)

2016-2017学年河南省南阳一中高一(下)开学物理试卷(解析版)

2016-2017学年河南省南阳一中高一（下）开学物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题3分.其中7，8，9，10小题为多选，在每小题给出的四个选项中，选出正确答案；多选题全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．下列说法中正确的是（）A．摩擦力方向一定与物体运动的方向相反B．马拉车加速前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C．做匀变速直线运动的物体，其加速度不一定恒定D．研究乒乓球比赛中的“弧旋球”技巧时，乒乓球不能看做质点2．车厢内悬挂两个质量不同的小球，上面球的质量比下面球的大，如图所示，当车厢向右做加速运动时，不计空气阻力，下列各图中正确的是（）A．B． C．D．3．电梯的顶部挂一个弹簧测力计，测力计下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为8N，关于电梯的运动，以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向下加速运动，加速度大小为2 m/s2B．电梯可能向上加速运动，加速度大小为4 m/s2C．电梯可能向下减速运动，加速度大小为2 m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为4 m/s24．如图所示，物体在水平力F作用下静止在斜面上，若稍增大水平力F，而物体仍能保持静止，下列说法正确的是（）A．斜面对物体的静摩擦力及支持力都不一定增大B．斜面对物体的静摩擦力及支持力都一定增大C．斜面对物体的静摩擦力一定增大，支持力不一定增大D．斜面对物体的静摩擦力不一定增大，支持力一定增大5．一个物体在三个力的作用下处于静止的平衡状态．从某时刻起，其中的一个力先逐渐减小到零，后又沿原方向逐渐恢复到原来的大小，其它力始终不变．则在这一过程中（）A．物体的加速度先减小，后增大，速度先增大，后减小B．物体的加速度先减小，后增大，速度一直增大C．物体的加速度先增大，后减小，速度先增大，后减小D．物体的加速度先增大，后减小，速度一直增大6．如图所示，物体A和B的质量均为m，且分别与跨过定滑轮的轻绳连接（不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦），在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物体A也做匀速直线运动B．物体A做匀加速直线运动C．绳子对物体A的拉力等于物体A的重力D．绳子对物体A的拉力大于物体A的重力7．两实心小球甲和乙由同一种材质制成，甲球质量大于乙球质量．两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关．若它们下落相同的距离，则（）A．甲球用的时间比乙球长B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功8．如图所示，将一质量为m的三角形物体放在水平地面上，当用一水平力F经过物体的重心向右推物体时，物体恰好以一较大的速度匀速运动，当某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，则推力反向的瞬间（）A．物体的加速度大小为，方向水平向左B．物体的加速度大小为，方向水平向左C．地面对物体的作用力大小为mgD．地面对物体的作用力大小为9．如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端．上述过程中，若用h、x、v和a分别表示物块距水平地面高度、位移、速度大小和加速度的大小，t表示运动时间．下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．10．关于物体做曲线运动的以下说法不正确的是（）A．做平抛运动的物体，其加速度一定恒定不变B．物体受到的力不为恒力，物体一定做曲线运动C．做变速运动的物体轨迹一定是曲线D．初速度不为零，且受到初速度方向不在同一条直线上的外力作用，物体一定做曲线运动二、计算题：本大题共3小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．（12分）如图所示，倾角θ=37°的倾斜轨道和水平轨道平滑连接且固定不动，小物块与两轨道间的动摩擦因数均为μ=0.5，小物块从斜面上A点静止释放，最终停止在水平轨道上的B点，已知小物块从释放至停止滑行的总路程s=1.4m．sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：（1）小物块运动过程中的最大速度v m；（2）静止释放小物块后1.2s内的平均速率．12．（14分）如图，原长分别为L1和L2，劲度系数分别为k1和k2的轻质弹簧竖直地悬挂在天花板上，两弹簧之间有一质量为m1的物体，最下端挂着质量为m2的另一物体，整个装置处于静止状态．现用一个质量为m的平板把下面的物体竖直地缓慢地向上托起，直到两个弹簧的总长度等于两弹簧原长之和，这时托起平板竖直向上的力是多少？m2上升的高度是多少？13．（14分）如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m；木块右端放的一小滑块，小滑块质量为m=1kg，可视为质点．现用水平恒力F作用在木板M右端，恒力F取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a﹣F图象如图乙所示，取g=10m/s2．求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数，以及木板与地面的滑动摩擦因数．（2）若水平恒力F=27.8N，且始终作用在木板M上，当小滑块m从木板上滑落时，经历的时间为多长．2016-2017学年河南省南阳一中高一（下）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题3分.其中7，8，9，10小题为多选，在每小题给出的四个选项中，选出正确答案；多选题全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（2017春•宛城区校级月考）下列说法中正确的是（）A．摩擦力方向一定与物体运动的方向相反B．马拉车加速前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C．做匀变速直线运动的物体，其加速度不一定恒定D．研究乒乓球比赛中的“弧旋球”技巧时，乒乓球不能看做质点【考点】作用力和反作用力；质点的认识；摩擦力的判断与计算【分析】明确摩擦力的性质，知道摩擦力的方向可以与运动方向相同、相反或相互垂直；明确作用力和反作用力的性质；知道匀变速直线运动是指加速度恒定，速度均匀变化的运动；明确物体看作质点的条件，知道只有物体的大小和形状可以忽略不计时，物体才能看作质点．【解答】解：A、摩擦力方向一定与物体间的相对运动或相对运动的趋势相反，可以与对地运动的方向相同、相反或相互垂直，故A错误；B、马拉车加速前进，车受到马的拉力大于阻力，而马拉车的力和车拉马的力为作用力和反作用力，大小一直相等，故B错误；C、做匀变速直线运动的物体，其加速度一定恒定，速度均匀变化，故C错误；D、研究乒乓球比赛中的“弧旋球”技巧时，乒乓球的大小和形状不能忽略，故不能看做质点，故D正确．故选：D．【点评】本题考查了摩擦力、作用力和反作用力、匀变速直线运动以及质点的性质，要注意明确各物理量的性质和意义，明确作用力反作用力与平衡力的区别．2．（2017春•宛城区校级月考）车厢内悬挂两个质量不同的小球，上面球的质量比下面球的大，如图所示，当车厢向右做加速运动时，不计空气阻力，下列各图中正确的是（）A．B． C．D．【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】两小球与车厢具有相同的加速度，分别对质量小的小球和两球整体分析，根据牛顿第二定律得出两段绳子拉力的方向，从而得出正确的选项．【解答】解：对两球整体分析，整体受总重力、上面绳子的拉力两个力作用，设上面绳子与竖直方向的夹角为θ，根据平行四边形定则得：tanθ==对质量小的小球分析，受重力和绳子的拉力，设下面绳子与竖直方向的夹角为α，根据平行四边形定则得：tanα==，可知θ=α，故B正确，A、C、D错误．故选：B【点评】解决本题的关键是要知道小球和车厢具有相同的加速度，合理地选择研究对象，结合牛顿第二定律和平行板四边形定则进行求解．3．（2017春•宛城区校级月考）电梯的顶部挂一个弹簧测力计，测力计下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为8N，关于电梯的运动，以下说法正确的是（g 取10m/s2）（）A．电梯可能向下加速运动，加速度大小为2 m/s2B．电梯可能向上加速运动，加速度大小为4 m/s2C．电梯可能向下减速运动，加速度大小为2 m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为4 m/s2【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律【解答】解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N，对重物有：mg﹣F=ma，解得a=2m/s2，方向竖直向下，则电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向下．电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动．故A正确，BCD错误．故选：A【点评】解决本题的关键知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况．4．（2013秋•哈尔滨校级期末）如图所示，物体在水平力F作用下静止在斜面上，若稍增大水平力F，而物体仍能保持静止，下列说法正确的是（）A．斜面对物体的静摩擦力及支持力都不一定增大B．斜面对物体的静摩擦力及支持力都一定增大C．斜面对物体的静摩擦力一定增大，支持力不一定增大D．斜面对物体的静摩擦力不一定增大，支持力一定增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】因不知原来物体的静摩擦力情况，所以水平力F增大少许后，静摩擦力的大小可能增大、可能减小，也可能先减小后增大；水平力F增大少许后，沿垂直于斜面方向上的分量会增大，从而可判知支持力的变化情况．【解答】解：原来斜面对物体的静摩擦力方向可能沿斜面向上，也可能沿斜面向下，所以稍微最大水平力F，静摩擦力可能增大，也可能减小，甚至可能大小不变（大小不变，方向改变）；F增大，则物体对斜面的压力F N=mgcosθ+Fsinθ也增大，所以选项ABC错误，选项D正确．故选D【点评】该题考查了物体的平衡状态和共点力的平衡问题，物体处于平衡状态和受力有如下关系：物体处于平衡状态⇔所受合外力为零解答共点力平衡的一般步骤为：1、根据题目需要正确的选择研究对象（连接体问题常选择受力较少的物体）2、对研究对象进行正确的受力分析，画出受力图3、根据条件建立直角坐标系，列平衡方程4、解方程得出结果，并对结果进行验证5．（2017春•宛城区校级月考）一个物体在三个力的作用下处于静止的平衡状态．从某时刻起，其中的一个力先逐渐减小到零，后又沿原方向逐渐恢复到原来的大小，其它力始终不变．则在这一过程中（）A．物体的加速度先减小，后增大，速度先增大，后减小B．物体的加速度先减小，后增大，速度一直增大C．物体的加速度先增大，后减小，速度先增大，后减小D．物体的加速度先增大，后减小，速度一直增大【考点】加速度；速度【分析】先判断物体的合力如何变化，再根据牛顿第二定律F=ma分析物体加速度的变化情况，而要分析速度的变化，则要先分析加速度的变化情况．【解答】解：由于物体原来处于静止状态，其所受的合力为零．当其中一个力逐渐减小，而其余两个力不变，则其合力与这个力的方向相反，且逐渐增大．当这个力再由零增大到原来的大小时，则物体的合力又逐渐减小直到变为零，所以合力先增大后减小，根据牛顿第二定律知，物体的加速度a先增大后减小；合外力的方向始终与其余两个力的合力方向一致，即合力始终与速度方向一致，所以其速度会一直增大．故ABC错误，D正确．故选：D【点评】本题要求同学们能根据物体的受力情况来分析物体运动情况，要用到共点力平衡条件的推论：物体在几个力作用下平衡时，其中一个力与其他各力的合力大小相等、方向相反．要注意加速度减小时速度不一定减小．6．（2016秋•苏州期中）如图所示，物体A和B的质量均为m，且分别与跨过定滑轮的轻绳连接（不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦），在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物体A也做匀速直线运动B．物体A做匀加速直线运动C．绳子对物体A的拉力等于物体A的重力D．绳子对物体A的拉力大于物体A的重力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】将B物体的速度v B的进行分解，得到两个物体速度的关系式，分析A 物体做什么运动，再由牛顿第二定律分析绳子对物体A的拉力与物体A的重力的关系．【解答】解：AB，将B物体的速度v B进行分解如图所示，则v A=v B cosα，α减小，v B不变，则v A逐渐增大，说明A物体在竖直向上做加速直线运动，故A、B错误．CD、对A，由牛顿第二定律有T﹣mg=ma，得T=mg+ma，可知绳子对A的拉力T＞mg，故C错误，D正确．故选：D【点评】本题的关键要抓住B的速度沿绳子方向的分速度大小等于A的速度，运用分解法分析A物体做什么运动，由牛顿第二定律分析绳子的拉力与重力的大小关系．7．（2016•新课标Ⅱ）两实心小球甲和乙由同一种材质制成，甲球质量大于乙球质量．两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关．若它们下落相同的距离，则（）A．甲球用的时间比乙球长B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功【考点】功能关系；牛顿第二定律【分析】设出小球的密度，写出质量的表达式，再结合题目的条件写出阻力的表达式，最后结合牛顿第二定律写出加速度的表达式．根据物体的加速度的关系结合运动学的公式判断运动的时间以及末速度；根据功的公式判断克服阻力做的功．【解答】解：设小球的密度为ρ，半径为r，则小球的质量为：m=重力：G=mg=小球的加速度：a=可知，小球的质量越大，半径越大，则下降的加速度越大．所以甲的加速度比较大．A、两个小球下降的距离是相等的，根据：x=可知，加速度比较大的甲运动的时间短．故A错误；B、根据：2ax=可知，加速度比较大的甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小．故B正确；C、小球的质量越大，半径越大，则下降的加速度越大．所以甲的加速度比较大．故C错误；D、由题可知，它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，即：f=kr，所以甲的阻力大，根据W=FS可知，甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功．故D 正确．故选：BD【点评】该题结合新信息考查牛顿第二定律的应用，解答的关键是根据质量关系判断出半径关系，然后正确应用“它们运动时受到的阻力与球的半径成正比”进行解答．8．（2017春•宛城区校级月考）如图所示，将一质量为m的三角形物体放在水平地面上，当用一水平力F经过物体的重心向右推物体时，物体恰好以一较大的速度匀速运动，当某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，则推力反向的瞬间（）A．物体的加速度大小为，方向水平向左B．物体的加速度大小为，方向水平向左C．地面对物体的作用力大小为mgD．地面对物体的作用力大小为【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】物体原来做匀速直线运动，由平衡条件可求得物体所受的滑动摩擦力大小．改推力为拉力，求出瞬间的合力，从而得出瞬间的加速度大小和方向．地面对物体有支持力和摩擦力作用，结合平行四边形定则求出地面对物体的作用力．【解答】解：AB、开始时物体做匀速直线运动，则知推力F等于滑动摩擦力，即F=f．某一时刻保持力的大小不变立即使推力反向变成拉力，物体仍然向右运动，滑动摩擦力仍然向左，则合力为F=F+f=2F，方向向左，根据牛顿第二定律得，合物体的加速度a==，方向水平向左．故A错误，B正确；CD、地面对物体有支持力和摩擦力，支持力等于重力mg，摩擦力等于F，根据平行四边形定则知，地面对物体的作用力F′=．故C错误，D正确．故选：BD【点评】本题考查牛顿第二定律的瞬时性和矢量性，关键要抓住改推力为拉力瞬间，滑动摩擦力没有变化，确定出物体所受的合力，结合牛顿第二定律进行求解．9．（2015•宿迁一模）如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端．上述过程中，若用h、x、v 和a分别表示物块距水平地面高度、位移、速度大小和加速度的大小，t表示运动时间．下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像【分析】根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知上滑过程中，物块做匀加速直线运动，下滑时做匀加速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功，物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据运动特征判断各图形．【解答】解：A、上滑时做匀减速运动，故h曲线斜率先大后小，且平均速度大，运动时间短；下滑时做匀加速运动，故h曲线斜率先小后大，且平均速度小，运动时间长；故A正确．B、上滑时x曲线斜率先大后小，下滑时x曲线斜率先小后大，故B错误．C、由于上滑时合外力为重力分力和摩擦力之和，加速度大小不变，沿斜面向下；下滑时合外力为重力分力和摩擦力之差，加速度大小不变，方向沿斜面向下；所以上滑时加速度大，所以速度曲线斜率大；下滑时加速度小，所以速度曲线效率小，且此过程中，摩擦力做功，使物块到达底端的速率变小，故C正确．D、因上滑过程中、下滑过程中的加速度大小均不变，且上滑时加速度大于下滑时的加速度，故加速度应该为两条水平短线，故D错误．故选：AC．【点评】根据图示各物理量的曲线斜率代表的意义，结合实际运动分析即可．10．（2017春•宛城区校级月考）关于物体做曲线运动的以下说法不正确的是（）A．做平抛运动的物体，其加速度一定恒定不变B．物体受到的力不为恒力，物体一定做曲线运动C．做变速运动的物体轨迹一定是曲线D．初速度不为零，且受到初速度方向不在同一条直线上的外力作用，物体一定做曲线运动【考点】曲线运动【分析】物体做曲线运动时，所受合外力的方向与加速度的方向在同一直线上，合力可以是恒力，也可以是变力，加速度可以是变化的，也可以是不变的．平抛运动的物体所受合力是重力，加速度恒定不变，平抛运动是一种匀变速曲线运动【解答】解：A、做平抛运动的物体，物体只受重力，加速度恒定，故A正确；B、物体受到的力与速度方向不在同一直线上，物体做曲线运动，与物体受力是否恒定无关，故B错误；C、做变速直线运动的物体运动轨迹是直线，故C错误；D、由于速度方向和受力方向不在同一直线上，故做曲线运动，故D正确因选错误的，故选：BC【点评】本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．二、计算题：本大题共3小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．（12分）（2016秋•江岸区校级期末）如图所示，倾角θ=37°的倾斜轨道和水平轨道平滑连接且固定不动，小物块与两轨道间的动摩擦因数均为μ=0.5，小物块从斜面上A点静止释放，最终停止在水平轨道上的B点，已知小物块从释放至停止滑行的总路程s=1.4m．sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：（1）小物块运动过程中的最大速度v m；（2）静止释放小物块后1.2s内的平均速率．【考点】牛顿第二定律【分析】（1）根据牛顿第二定律求出小物块在斜面上和水平面上运动的加速度大小，再对两个过程，分别运用速度位移公式列式，即可求解最大速度．（2）平均速率等于路程与时间之比．根据运动学公式分别求两个过程的时间和位移大小，再求平均速率．【解答】解：（1）小物块在倾斜轨道上匀加速下滑，由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1．代入数据解得a1=2m/s2．小物块在水平轨道上匀减速滑行，由牛顿第二定律得：μmg=ma2．代入数据解得：a2=2m/s2．由运动学公式得：s=+代入数据解得：v m=2m/s（2）小物块在倾斜轨道上运动时间为：t1===1s路程为：s1==m=1m到t1时刻小物块在水平轨道上运动的路程为：s2=v m（t﹣t1）﹣代入数据解得：s2=0.3m所以静止释放小物块后1.2s内的平均速率为：===m/s答：（1）小物块运动过程中的最大速度v m是2m/s．（2）静止释放小物块后1.2s内的平均速率是m/s．【点评】分析清楚物块的运动过程是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律求出加速度，应用运动学公式时，要抓住两个过程之间的关系，如速度关系、位移关系．12．（14分）（2015春•佳木斯校级期末）如图，原长分别为L1和L2，劲度系数分别为k1和k2的轻质弹簧竖直地悬挂在天花板上，两弹簧之间有一质量为m1的物体，最下端挂着质量为m2的另一物体，整个装置处于静止状态．现用一个质量为m的平板把下面的物体竖直地缓慢地向上托起，直到两个弹簧的总长度等于两弹簧原长之和，这时托起平板竖直向上的力是多少？m2上升的高度是多少？【考点】牛顿第二定律；胡克定律【分析】当两个弹簧的总长度等于两弹簧原长之和时，上边弹簧的伸长量与下边弹簧的压缩量相等．对m1受力分析，有m1g=k1x+k2x，得出伸长量和压缩量x．对平板和m1整体受力分析有：F=（m2+m）g+k2x，从而求出托起平板竖直向上的力．求出未托m2时，上面弹簧伸长量和下面弹簧伸长量，再根据托起m2时上面弹簧的伸长量和下面弹簧的压缩量求出m2上升的高度．【解答】解：当两个弹簧的总长度等于两弹簧原长之和时，下面弹簧的压缩量应。

河南省南阳市第一中学高一物理下学期第三次月考试题(含解析)(2021年整理)

河南省南阳市第一中学高一物理下学期第三次月考试题(含解析)(2021年整理)

解析）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（河南省南阳市第一中学2017-2018学年高一物理下学期第三次月考试题（含解析））的内容能够给您的工作和学习带来便利。

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第Ⅰ卷（共48分）一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求,第6～8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分.1。

关于功的概念，下列说法中正确的是（ )A。

力对物体做功多，说明物体的位移一定大B. 力对物体做功小，说明物体的受力一定小C。

力对物体不做功，说明物体一定没有移动D。

物体发生了位移,不一定有力对它做功【答案】D【解析】力对物体做功W多，根据W=FScosθ，可能是力大，也可能是力的方向的位移大，也有可能两者都大，故A错误；力对物体做功W少，根据W=FScosθ，可能是力小,也可能是力的方向的位移小,也有可能两者都小,故B错误；力对物体不做功，即W=0，可能是F=0，也可能是S=0，也可能是cosθ=0，故说明物体可以有位移，故C错误；根据恒力做功的表达式W=FScosθ判断，功的大小取决与力的大小、力的方向的位移大小，因此物体发生了位移，不一定有力对它做功，故D正确。

所以D正确，ABC错误。

2. 如图所示，物体在恒力F的作用下,在水平面上沿各自运动方向均发生了一段位移l，计算这四种情形下力F对物体做的功，可以写做的是（ )A。

B。

C. D.【答案】D【解析】A项：根据功的定义可知，力F对物体做的功为，故A 错误；B项：根据功的定义可知，力F对物体做的功为，故B错误;C项:根据功的定义可知，力F对物体做的功为,故C错误；D项：根据功的定义可知，力F对物体做的功为,故D正确。

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2015-2016学年河南省南阳一中高二（下）开学物理试卷一、选择题1．2013年12月我国发射的“玉兔号”月球车成功着陆月球，预计在2020年将实施载人登月，假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，则下列推断正确的是（）A．直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场有无B．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场C．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则可判断月球表面无磁场D．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某个平面内沿两个互相垂直的方向运动，月球表面若有磁场，则电流表至少有一次示数不为零2．关于简谐运动，下列说法正确的是（）A．简谐运动一定是水平方向的运动B．所有的振动都可以看作是简谐运动C．物体做简谐运动时一定可以得到正弦曲线的轨迹线D．只要振动图象是正弦曲线，物体一定做简谐运动3．如图所示是研究通电自感实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合电键调节滑动变阻器R的滑动触头，使两个灯泡的亮度相同，调节滑动变阻器R1的滑动触头，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，则（）A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A1、A2均立刻变亮C．稳定后，L和R两端的电势差一定相同D．稳定后，A1和A2两端电势差不相同4．一交流发电机，当转速为n1时，其交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100πt（V），下列说法正确的是（）A．在t=0时，线圈中的磁通量为0B．该交流发电机线圈的转速为50r/sC．若加在标有“220V，100W”的灯泡的两端，灯泡能正常发光D．若线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值均增大一倍而频率不变5．声波在钢轨中传播的速度远大于在空气中的传播速度，则当声音由空气传到钢轨中时（）A．频率变小，波长变大B．波长变小，频率变大C．频率不变，波长变大D．频率不变，波长变小6．如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低7．静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针的张角大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开角度增大些，下列采取的措施可行的是（）A．断开开关s后，将A、B分开些B．保持开关s闭合，将A、B两极板分开些C．保持开关s闭合，将A、B两极板靠近些D．保持开关s闭合，将变阻器滑动触头向右移动8．如图所示，带电粒子以速度v0从a点进入匀强磁场，运动中经过b点，Oa=Ob，若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，仍以v0从a点进入电场，粒子仍能通过b点，那么电场强度E与磁感应强度B之比为（）A．v0B．C．2v0D．9．如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，变压器的输出电压不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大10．在如图所示的电路中，E为电源的电动势，r为电源的内电阻，R1、R2为可变电阻．在下列叙述的操作中，可以使灯泡L的亮度变暗的是（）A．仅使R1的阻值增大B．仅使R1的阻值减小C．仅使R2的阻值增大D．仅使R2的阻值减小11．如图所示，连接两平行金属板导线的一部分CD与一有电源回路的一部分GH平行且均在纸面内，金属板置于磁场中，磁场方向垂直于纸面向里，当一束等离子体射入两金属板之间时，CD段导线受到力F的作用，则（）A．若等离子体从右方射入，F向左B．若等离子体从右方射入，F向右C．若等离子体从左方射入，F向左D．若等离子体从左方射入，F向右12．一个质点做简谐运动的图象如图所示，下述正确的是（）A．质点振动频率为4赫兹B．在10s内质点经过的路程是20cmC．在5s末，速度为零，加速度最大D．t=1.5s和t=4.5s两时刻质点的速度相同，加速度相同二、填空题13．实验室购买了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为1.7×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；定值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线若干．回答下列问题：（1）实验中滑动变阻器应选（填“R1”或“R2”），闭合开关S前应将滑片移至端（填“a”或“b”）．（2）在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．（3）调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为V．（4）导线实际长度为m（保留2位有效数字）．14．如图所示为J0411多用电表示意图．其中A、B、C为三个可调节的部件．某同学在实验室中用它测量一阻值约为1～3kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：（1）调节可动部件，使电表指针指向．（2）调节可调部件B，使它的尖端指向位置．（3）将红黑表笔分别插入正负插孔中，笔尖相互接触，调节可动部件，使电表指针指向位置．（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．（5）换测另一阻值为20～25kΩ的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“×1k”的位置，此时还必须重复步骤，才能进行测量，若电表读数如图所示，则该待测电阻的阻值是．三、计算题15．如图，实线是一列正弦波在某一时刻的波形曲线．经过0.5s后，其波形如图中虚线所示．该波的周期T大于0.5s．（1）如果波是向右传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？（2）如果波是向左传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？16．风力发电作为新型环保新能源，近几年来得到了快速发展，如图所示风车阵中发电机输出功率为100kW，输出电压是250V，用户需要的电压是220V，输电线电阻为10Ω．若输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求：（1）在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比．（2）用户得到的电功率是多少．17．如图所示，ef、gh为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距为L=1m，导轨左端连接一个R=3Ω的电阻，一根电阻为1Ω的金属棒cd垂直地放置导轨上，与导轨接触良好，导轨的电阻不计，整个装置放在磁感应强度为B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向上．现对金属棒施加4N的水平向右的拉力F，使帮从静止开始向右运动，试解答以下问题：（1）金属棒达到的最大速度v是多少？（2）金属棒达到最大速度后，R上的发热功率为多大？18．如图，在xoy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场．现有一质量为m、电量为+q的粒子（重力不计）从坐标原点O 以速度大小为v0射入磁场，其入射方向与x轴的正方向成30°角．当粒子第一次进入电场后，运动到电场中P点处时，方向与x轴正方向相同，P点坐标为〔（）L，L〕．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）粒子运动到P点时速度的大小为v；（2）匀强电场的电场强度E和匀强磁场的磁感应强度B；（3）粒子从O点运动到P点所用的时间t．2015-2016学年河南省南阳一中高二（下）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．2013年12月我国发射的“玉兔号”月球车成功着陆月球，预计在2020年将实施载人登月，假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，则下列推断正确的是（）A．直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场有无B．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场C．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则可判断月球表面无磁场D．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某个平面内沿两个互相垂直的方向运动，月球表面若有磁场，则电流表至少有一次示数不为零【考点】感应电流的产生条件．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】直接将电流表放于月球表面，电流表电路是断开的，不能产生感应电流，无法判断有无磁场．将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，不能判断月球表面没有磁场；若电流表有示数，可以判断有磁场；若线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感应电流，电流表无示数，不能判断月球表面无磁场．【解答】解：A、直接将电流表放于月球表面，电流表电路是断开的，不能产生感应电流，无法判断有无磁场．故A错误．B、将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，若线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感应电流，所以电流表无示数，不能判断月球表面无磁场．故B错误．C、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，线圈中磁通量发生变化，说明月球表面有磁场．故C错误．D、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某个平面内沿两个互相垂直的方向运动，月球表面若有磁场，则电流表至少有一次示数不为零．故D正确．故选：D【点评】本题考查理论联系实际的能力，关键抓住产生感应电流的条件：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化．2．关于简谐运动，下列说法正确的是（）A．简谐运动一定是水平方向的运动B．所有的振动都可以看作是简谐运动C．物体做简谐运动时一定可以得到正弦曲线的轨迹线D．只要振动图象是正弦曲线，物体一定做简谐运动【考点】简谐运动的振动图象．【专题】简谐运动专题．【分析】简谐运动是最基本也最简单的机械振动．当某物体进行简谐运动时，物体所受的力跟位移成正比，并且总是指向平衡位置．它是一种由自身系统性质决定的周期性的运动．【解答】解：A、简谐运动可以是水平方向的运动，也可以是竖直方向的运动，只要回复力满足F=﹣kx即可，故A错误；B、回复力满足F=﹣kx的振动才是简谐运动，故B错误；C、物体做简谐运动时，位移随着时间按照正弦规律变化，轨迹是直线，故C错误；D、只要振动图象（x﹣t）是正弦曲线，回复力就一定满足F=﹣kx，物体一定做简谐运动，故D正确；故选：D．【点评】本题关键是明确简谐运动的定义；从力的角度看，回复力满足F=﹣kx；从运动的角度看，位移时间图象是正弦曲线．3．如图所示是研究通电自感实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合电键调节滑动变阻器R的滑动触头，使两个灯泡的亮度相同，调节滑动变阻器R1的滑动触头，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，则（）A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A1、A2均立刻变亮C．稳定后，L和R两端的电势差一定相同D．稳定后，A1和A2两端电势差不相同【考点】自感现象和自感系数．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】闭合开关的瞬间，L相当于断路，稳定后自感作用消失，结合欧姆定律分析电压大小．【解答】解：A、闭合瞬间，L相当于断路，A2立刻变亮，A1逐渐变亮，故A错误，B错误；C、稳定后，两个灯泡的亮度相同，说明它们两端的电压相同，L和R两端电势差一定相同，故C正确D错误．故选：C【点评】对自感线圈来讲，重点掌握开关闭合瞬间，断路稳定后和开关断开的瞬间，线圈对电流突变的阻碍作用．4．一交流发电机，当转速为n1时，其交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100πt（V），下列说法正确的是（）A．在t=0时，线圈中的磁通量为0B．该交流发电机线圈的转速为50r/sC．若加在标有“220V，100W”的灯泡的两端，灯泡能正常发光D．若线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值均增大一倍而频率不变【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】交流电专题．【分析】本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等．【解答】解：A、当t=0时，e=0，此时线圈处在中性面上，磁通量最大，故A错误；B、交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100πt（V），ω=100πra d/s，所以该交流发电机线圈的转速为n==50r/s，故B正确；C、交变电动势的有效值是U==110V，若加在标有“220V，100W”的灯泡的两端，灯泡不能正常发光，故C错误；D、若交变电压的最大值是E m=NBSω，线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值均增大一倍，频率f=，所以频率增大一倍．故D错误；故选：B．【点评】对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义．5．声波在钢轨中传播的速度远大于在空气中的传播速度，则当声音由空气传到钢轨中时（）A．频率变小，波长变大B．波长变小，频率变大C．频率不变，波长变大D．频率不变，波长变小【考点】声波．【分析】声波在不同介质中，传播速度不同，而频率不变，由v=λγ，可知波长与波速成正比．【解答】解：声波在钢轨中传播的速度远大于在空气中的传播速度，则波长也是比空气中大，但频率却不变．故ABD均错误，C正确；故选：C【点评】声波在固体中传播速度最大，在气体中传播速度最小．同一频率的声波在不同介质中，频率不变，而波长与受波速影响．6．如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向电势降低．通过电场线的分布进行判断．【解答】解：根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则E B＞E A＞E C；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势．所以φA=φC＞φB．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】虽然电场线不是实际存在的，但电场线的疏密可以体现电场强度的强弱；可以根据电场线方向来确定电势的高低；同时还考查了等量异种点电荷的电场线的分布，电场线与等势线相互垂直．7．静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针的张角大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开角度增大些，下列采取的措施可行的是（）A．断开开关s后，将A、B分开些B．保持开关s闭合，将A、B两极板分开些C．保持开关s闭合，将A、B两极板靠近些D．保持开关s闭合，将变阻器滑动触头向右移动【考点】电容器．【专题】电容器专题．【分析】静电计测量的是电容器两端的电势差，断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化．闭合电键，电容器两端的电势差等于电源的电动势．【解答】解：A、断开电键，电容器带电量不变，将AB分开一些，则d增大，根据C=知，电容减小，根据U=知，电势差增大，指针张角增大．故A正确．B、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变知，故B错误．C、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变．故C错误．D、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，变阻器仅仅充当导线功能，滑动触头滑动不会影响指针张角，故D错误．故选：A．【点评】本题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变8．如图所示，带电粒子以速度v0从a点进入匀强磁场，运动中经过b点，Oa=Ob，若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，仍以v0从a点进入电场，粒子仍能通过b点，那么电场强度E与磁感应强度B之比为（）A．v0B．C．2v0D．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子以速度v0从a点进入匀强磁场，运动中经过b点，Oa=Ob，所以圆周运动的半径正好等于d，根据半径公式求出B，如果换成匀强电场，则粒子做类平抛运动，根据平抛运动的基本规律即可求解．【解答】解：设oa=ob=d，因为带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，所以圆周运动的半径正好等于d，即r==d，得到B=．如果换成匀强电场，水平方向以v0做匀速直线运动，竖直沿y轴负方向做匀加速运动，即d=××，得到E=，所以=2v0，选项C正确．故选C【点评】带电粒子在电场磁场中的运动要把握其运动规律，在电场中利用几何关系得出其沿电场和垂直于电场的运动规律；而在磁场中也是要注意找出相应的几何关系，从而确定圆心和半径．9．如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，变压器的输出电压不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【专题】交流电专题．【分析】与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．【解答】解：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，根据，即亮度不变．故A错误；B、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，故B正确；C、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减小，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．因此输入电流也变大．故C 错误；D、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．则输出功率增大，故D正确．故选：BD．【点评】电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．10．在如图所示的电路中，E为电源的电动势，r为电源的内电阻，R1、R2为可变电阻．在下列叙述的操作中，可以使灯泡L的亮度变暗的是（）A．仅使R1的阻值增大B．仅使R1的阻值减小C．仅使R2的阻值增大D．仅使R2的阻值减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由图可知，灯泡与R1串联后与R2并联；要使灯泡变暗，应使流过灯泡的电流减小；则可分别由闭合电路欧姆定律分析各项，可得出正确答案．【解答】解：A、使R1电阻增大，则总电阻增大，电路中总电流减小，则内压减小，路端电压增大，故R2中的电流增大，L中电流减小，灯泡变暗，故A正确；B、使R1的电阻减小，则总电阻减小，总电流增大，内压增大，路端电压减小，R2中电流减，故灯泡中电流增大，灯泡变亮，故B错误；C、使R2增大，则总电阻增大，总电流减小，内压减小，路端电压增大，故L中电流增大，灯泡变亮，故C错误；D、R2减小，总电阻减小，总电流增大，内压增大，路端电压减小，故L中电流减小，灯泡变暗，故D正确；故选AD．【点评】在电路中，若部分电阻发生了变化，则对该部分的处理不能直接根据欧姆定律求解，应灵活应用串并联电路的性质进行分析判断．11．如图所示，连接两平行金属板导线的一部分CD与一有电源回路的一部分GH平行且均在纸面内，金属板置于磁场中，磁场方向垂直于纸面向里，当一束等离子体射入两金属板之间时，CD段导线受到力F的作用，则（）A．若等离子体从右方射入，F向左B．若等离子体从右方射入，F向右C．若等离子体从左方射入，F向左D．若等离子体从左方射入，F向右【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】根据右侧的电路可知导线GH中的电流的方向为由G到H，在由粒子的进入的方向可以判断电容器中的电流的方向，由同向电流互相吸引，异向电流互相排斥可以得出CD的受力的方向．【解答】解：A、电路中的电流的方向为由G到H，当等离子体从右方射入时，由左手定则可以判断电容器的上极板带负电，下极板带正电，电流的方向为由D到C，电流的方向与电路中GH的电流的方向相反，两导线相互排斥，CD受到的作用力向左，故A正确，B错误．C、等离子体从左方射入时，由左手定则可以判断电容器的上极板带正电，下极板带负电，电流的方向为由C到D，电流的方向与电路中GH的电流的方向相同，所以CD受到的作用力向右，即指向GH，故C错误，D正确；故选：AD．【点评】利用同向电流互相吸引，异向电流互相排斥的结论，判断出CD中的电流的方向即可判断CD受到的作用力的方向．12．一个质点做简谐运动的图象如图所示，下述正确的是（）A．质点振动频率为4赫兹B．在10s内质点经过的路程是20cmC．在5s末，速度为零，加速度最大D．t=1.5s和t=4.5s两时刻质点的速度相同，加速度相同【考点】简谐运动的振动图象．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】由简谐运动读出周期，由f=求出频率．根据时间与周期的关系求出在10s内质点经过的路程．根据质点的位置分析其速度和加速度．分析t=1.5s和t=4.5s两时刻质点的位移大小，再分析速度与加速度的关系．【解答】解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f==0.25Hz．故A错误．B、一个周期内质点通过的路程是4A，t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．C、在5s末，质点处于正向最大位移处，速度为零，加速度为负向最大．故C正确．D、由图知t=1.5s与t=1.5s时刻质点的位移相等，则加速度相同，而速度大小相等，方向相反．故D错误．故选BC【点评】质点做简谐运动时通过的路程，一般根据时间与周期的关系，求出路程是多少倍的振幅．二、填空题13．实验室购买了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为1.7×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；定值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线若干．回答下列问题：（1）实验中滑动变阻器应选R2（填“R1”或“R2”），闭合开关S前应将滑片移至 a 端（填“a”或“b”）．（2）在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．（3）调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为 2.3 V．（4）导线实际长度为94 m（保留2位有效数字）．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和R x总阻值的4倍以上，闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处；（2）根据实验电路图，连接实物图；（3）根据图乙读出电压，注意估读；。

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