20197山东高考数学习题解析讲座(201969))复习资料
2019年高考试题-理科数学(山东卷)解析版(2)
2019年高考试题-理科数学(山东卷)解析版(2)注意事项:认真阅读理解,结合历年的真题,总结经验,查找不足!重在审题,多思考,多理解!无论是单选、多选还是论述题,最重要的就是看清题意。
在论述题中,问题大多具有委婉性,尤其是历年真题部分,在给考生较大发挥空间的同时也大大增加了考试难度。
考生要认真阅读题目中提供的有限材料,明确考察要点,最大限度的挖掘材料中的有效信息,建议考生答题时用笔将重点勾画出来,方便反复细读。
只有经过仔细推敲,揣摩命题老师的意图,积极联想知识点,分析答题角度,才能够将考点锁定,明确题意。
【一】选择题:本大题共12小题,每题5分,总分值60分.在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的。
〔1〕复数z 满足(z-3)(2-i)=5(i 为虚数单位),那么z 的共轭复数为( ) A. 2+i B.2-i C. 5+i D.5-i 【答案】D 【解析】由(z-3)(2-i)=5,得(2)355〔2〕设集合A={0,1,2},那么集合B={x-y |x ∈A, y ∈A }中元素的个数是( )A. 1B. 3C. 5D.9 【答案】C【解析】因为,x y A ∈,所以2,1,0,1,2x y -=--,即{2,1,0,1,2}B =--,有5个元素,选C.【解析】因为函数为奇函数,所以(1)(1)(11)2f f -=-=-+=-,选A.tan OPPAO OA∠==3PAO π∠=,选 B.,42k k Z ϕπ+=+∈,即,4k k Z ϕπ=+∈,所以选B.〔6〕在平面直角坐标系xOy 中,M 为不等式组:2x y 20x 2y 103x y 80--≥⎧⎪+-≥⎨⎪+-≤⎩,所表示的区域上一动【解析】作出可行域如图,由图象可知当M 位于点D 处时,OM的斜率最小。
由210380x y x y +-=⎧⎨+-=⎩得31x y =⎧⎨=-⎩,即(3,1)D -,此时OM 的斜率为1133-=-,选C.〔A 〕充分而不必条件 〔B 〕必要而不充分条件〔C 〕充要条件 〔D 〕既不充分也不必要条件【答案】B【解析】因为﹁p 是q 的必要而不充分条件,所以﹁q 是p 的必要而不充分条件,即p 是﹁q 的充分而不必要条件,选A.〔8〕函数y=xcosx+sinx 的图象大致为 〔A 〕〔B 〕 (C)(D)【答案】 D 【解析】函数y=xcosx+sinx 为奇函数,所以图象关于原点对称,所以排除B ,C.当x π=时,()0f ππ=-<,排除A,选D.〔9〕过点〔3,1〕作圆〔x-1〕2+y 2=1的两条切线,切点分别为A ,B ,那么直线AB 的方程为〔A 〕2x+y-3=0 〔B 〕2x-y-3=0 〔C 〕4x-y-3=0 〔D 〕4x+y-3=0 【答案】A【解析】由图象可知,(1,1)A 是一个切点,所以代入选项知,,B D 不成立,排除。
2019年山东省高考数学试卷(理科)(全国新课标Ⅰ)(解析版)
2019年山东省高考数学试卷(理科)(全国新课标Ⅰ)一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)1. 已知集合M ={x |-4<x <2},N ={x |x 2-x -6<0},则M ∩N =( )A. {x|−4<x <3}B. {x|−4<x <−2}C. {x|−2<x <2}D. {x|2<x <3}2. 设复数z 满足|z -i |=1,z 在复平面内对应的点为(x ,y ),则( )A. (x +1)2+y 2=1B. (x −1)2+y 2=1C. x 2+(y −1)2=1D. x 2+(y +1)2=1 3. 已知a =log 20.2,b =20.2,c =0.20.3,则( )A. a <b <cB. a <c <bC. c <a <bD. b <c <a4. 古希腊时期,人们认为最美人体的头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是√5−12(√5−12≈0.618,称为黄金分割比例),著名的“断臂维纳斯”便是如此.此外,最美人体的头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比也是√5−12.若某人满足上述两个黄金分割比例,且腿长为105cm ,头顶至脖子下端的长度为26 cm ,则其身高可能是A. 165 cmB. 175 cmC. 185 cmD. 190 cm5. 函数f (x )=sinx+xcosx+x 2在[-π,π]的图象大致为( )A.B.C.D.6. 我国古代典籍《周易》用“卦”描述万物的变化.每一“重卦”由从下到上排列的6个爻组成,爻分为阳爻“”和阴爻“”,如图就是一重卦.在所有重卦中随机取一重卦,则该重卦恰有3个阳爻的概率是( )A. 516 B. 1132 C. 2132 D. 1116 7. 已知非零向量a ⃗ ,b ⃗ 满足|a ⃗ |=2|b ⃗ |,且(a ⃗ -b ⃗ )⊥b ⃗ ,则a ⃗ 与b ⃗ 的夹角为( )A. π6B. π3C. 2π3D. 5π68. 如图是求12+12+12的程序框图,图中空白框中应填入()A. A =12+A B. A =2+1A C. A =11+2A D. A =1+12A9. 记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.已知S 4=0,a 5=5,则( ) A. a n =2n −5 B. a n =3n −10 C. S n =2n 2−8nD. S n =12n 2−2n10. 已知椭圆C 的焦点为F 1(−1,0),F 2(1,0),过F 2的直线与C 交于A ,B 两点.若|AF 2|=2|F 2B|,|AB|=|BF 1|,则C 的方程为()A.x 22+y 2=1B.x 23+y 22=1 C.x 24+y 23=1 D.x 25+y 24=111. 关于函数f (x )=sin|x |+|sin x |,有下述四个结论:①f (x )是偶函数②f (x )在区间(π2,π)上单调递增③f (x )在[-π,π]上有4个零点④f (x )的最大值是2 其中所有正确结论的编号是A. ①②④B. ②④C. ①④D. ①③12. 已知三棱锥P -ABC 的四个顶点在球O 的球面上,PA =PB =PC ,△ABC 是边长为2的正三角形,E ,F 分别是PA ,AB 的中点,∠CEF =90°,则球O 的体积为() A. 8√6π B. 4√6π C. 2√6π D. √6π 二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13. 曲线y =3(x 2+x )e x 在点(0,0)处的切线方程为________.14. 记S n 为等比数列{a n }的前n 项和,若a 1=13,a 42=a 6,则S 5=________.15. 甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一队赢得四场胜利时,该队获胜,决赛结束).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以4:1获胜的概率是______.16. 已知双曲线C :x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的左、右焦点分别为F 1,F 2,过F 1的直线与C 的两条渐近线分别交于A ,B 两点.若F 1A ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,F 1B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ •F 2B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0,则C 的离心率为______.三、解答题(本大题共7小题,共82.0分)17. △ABC 的内角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c .设(sin B -sin C )2=sin 2A -sin B sin C .(1)求A ;(2)若√2a +b =2c ,求sin C .18. 如图,直四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1的底面是菱形,AA 1=4,AB =2,∠BAD =60°,E ,M ,N 分别是BC ,BB 1,A 1D 的中点.(1)证明:MN ∥平面C 1DE ; (2)求二面角A -MA 1-N 的正弦值.19. 已知抛物线C :y 2=3x 的焦点为F ,斜率为32的直线l 与C 的交点为A ,B ,与x 轴的交点为P .(1)若|AF |+|BF |=4,求l 的方程;(2)若AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =3PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,求|AB |.20. 已知函数f (x )=sin x -ln (1+x ),f ′(x )为f (x )的导数.证明:(1)f ′(x )在区间(-1,π2)存在唯一极大值点; (2)f (x )有且仅有2个零点.21. 为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得-1分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得-1分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X . (1)求X 的分布列;(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,p i (i =0,1,…,8)表示“甲药的累计得分为i 时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则p 0=0,p 8=1,p i =ap i -1+bp i +cp i +1(i =1,2,…,7),其中a =P (X =-1),b =P (X =0),c =P (X =1).假设α=0.5,β=0.8.(i )证明:{p i +1-p i }(i =0,1,2,…,7)为等比数列; (ii )求p 4,并根据p 4的值解释这种试验方案的合理性.22. 在直角坐标系xOy 中,曲线C 的参数方程为{x =1−t 21+t 2,y =4t1+t 2(t 为参数).以坐标原点O 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线l 的极坐标方程为2ρcosθ+√3ρsinθ+11=0.(1)求C 和l 的直角坐标方程; (2)求C 上的点到l 距离的最小值.23.已知a,b,c为正数,且满足abc=1.证明:(1)1a +1b+1c≤a2+b2+c2;(2)(a+b)3+(b+c)3+(c+a)3≥24.答案和解析1.【答案】C【解析】解:∵M={x|-4<x<2},N={x|x2-x-6<0}={x|-2<x<3},∴M∩N={x|-2<x<2}.故选:C.利用一元二次不等式的解法和交集的运算即可得出.本题考查了一元二次不等式的解法和交集的运算,属基础题.2.【答案】C【解析】【分析】本题考查复数的模、复数的几何意义,正确理解复数的几何意义是解题关键,属基础题.由z在复平面内对应的点为(x,y),可得z=x+yi,然后根据|z-i|=1即可得解.【解答】解:∵z在复平面内对应的点为(x,y),∴z=x+yi,∴z-i=x+(y-1)i,∴|z-i|=,∴x2+(y-1)2=1,故选:C.3.【答案】B【解析】解:a=log20.2<log21=0,b=20.2>20=1,∵0<0.20.3<0.20=1,∴c=0.20.3∈(0,1),∴a<c<b,故选:B.由指数函数和对数函数的单调性易得log20.2<0,20.2>1,0<0.20.3<1,从而得出a,b,c的大小关系.本题考查了指数函数和对数函数的单调性,增函数和减函数的定义,属基础题.4.【答案】B【解析】解:头顶至脖子下端的长度为26cm,说明头顶到咽喉的长度小于26cm,由头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比是≈0.618,可得咽喉至肚脐的长度小于≈42cm,由头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是,可得肚脐至足底的长度小于=110,即有该人的身高小于110+68=178cm,又肚脐至足底的长度大于105cm,可得头顶至肚脐的长度大于105×0.618≈65cm,即该人的身高大于65+105=170cm,故选:B.充分运用黄金分割比例,结合图形,计算可估计身高.本题考查简单的推理和估算,考查运算能力和推理能力,属于中档题.5.【答案】D【解析】解:∵f(x)=,x∈[-π,π],∴f(-x)==-=-f(x),∴f(x)为[-π,π]上的奇函数,因此排除A;又f ()=,因此排除B,C;故选:D.由f(x)的解析式知f(x)为奇函数可排除A,然后计算f(π),判断正负即可排除B,C.本题考查了函数的图象与性质,解题关键是奇偶性和特殊值,属基础题.6.【答案】A【解析】解:在所有重卦中随机取一重卦,基本事件总数n=26=64,该重卦恰有3个阳爻包含的基本个数m==20,则该重卦恰有3个阳爻的概率p===.故选:A.基本事件总数n=26=64,该重卦恰有3个阳爻包含的基本个数m==20,由此能求出该重卦恰有3个阳爻的概率.本题考查概率的求法,考查古典概型、排列组合等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.7.【答案】B【解析】解:∵(-)⊥,∴=,∴==,∵,∴.故选:B.由(-)⊥,可得,进一步得到,然后求出夹角即可.本题考查了平面向量的数量积和向量的夹角,属基础题.8.【答案】A【解析】解:模拟程序的运行,可得:A=,k=1;满足条件k≤2,执行循环体,A=,k=2;满足条件k≤2,执行循环体,A=,k=3;此时,不满足条件k≤2,退出循环,输出A的值为,观察A的取值规律可知图中空白框中应填入A=.故选:A.模拟程序的运行,由题意,依次写出每次得到的A的值,观察规律即可得解.本题考查了程序框图的应用问题,解题时应模拟程序框图的运行过程,以便得出正确的结论,是基础题.9.【答案】A【解析】【分析】根据题意,设等差数列{a n}的公差为d,则有,求出首项和公差,然后求出通项公式和前n项和即可.本题考查等差数列的通项公式以及前n项和公式,关键是求出等差数列的公差以及首项,属于基础题.【解答】解:设等差数列{a n}的公差为d,由S4=0,a5=5,得,∴,∴a n=2n-5,,故选:A.10.【答案】B【解析】解:∵|AF2|=2|BF2|,∴|AB|=3|BF2|,又|AB|=|BF1|,∴|BF1|=3|BF2|,又|BF1|+|BF2|=2a,∴|BF2|=,∴|AF2|=a,|BF1|=a,在Rt△AF2O中,cos∠AF2O=,在△BF1F2中,由余弦定理可得cos∠BF2F1=,根据cos∠AF2O+cos∠BF2F1=0,可得+=0,解得a2=3,∴a=.b2=a2-c2=3-1=2.所以椭圆C的方程为:+=1.故选:B.根据椭圆的定义以及余弦定理列方程可解得a=,b=,可得椭圆的方程.本题考查了椭圆的性质,属中档题.11.【答案】C【解析】解:f(-x)=sin|-x|+|sin(-x)|=sin|x|+|sinx|=f(x),则函数f(x)是偶函数,故①正确.当x∈(,π)时,sin|x|=sinx,|sinx|=sinx,则f(x)=sinx+sinx=2sinx为减函数,故②错误.当0≤x≤π时,f(x)=sin|x|+|sinx|=sinx+sinx=2sinx,由f(x)=0得2sinx=0,得x=0或x=π,由f(x)是偶函数,得在[-π,π)上还有一个零点x=-π,即函数f(x)在[-π,π]上有3个零点,故③错误.当sin|x|=1,|sinx|=1时,f(x)取得最大值2,故④正确,故正确的结论是①④,故选C.根据绝对值的应用,结合三角函数的图象和性质分别进行判断即可.本题主要考查与三角函数有关的命题的真假判断,结合绝对值的应用以及利用三角函数的性质是解决本题的关键.12.【答案】D【解析】解:如图,由PA=PB=PC ,ABC是边长为2的正三角形可知,三棱锥P-ABC为正三棱锥,则顶点P在底面的射影O为底面三角形的中心.连接BO并延长,交AC于G,则AC⊥BG,又PO⊥AC,PO∩BG=O,可得AC⊥平面PBG,则PB⊥AC.∵E,F分别是PA,AB的中点,∴EF∥PB.又∠CEF=90°,即EF⊥CE,∴PB⊥CE,得PB⊥平面PAC,∴正三棱锥P-ABC的三条侧棱两两互相垂直.把三棱锥补形为正方体,则正方体外接球即为三棱锥的外接球,其直径为D=,半径为,则球O的体积为.故选D.由题意画出图形,证明三棱锥P-ABC为正三棱锥,且三条侧棱两两互相垂直,再由补形法求外接球球O的体积.本题考查多面体外接球体积的求法,考查空间想象能力与思维能力,考查计算能力,是中档题.13.【答案】y=3x【解析】【分析】本题考查了利用导数研究函数上某点的切线方程,切点处的导数值为斜率是解题关键,属基础题.对y=3(x2+x)e x求导,可将x=0代入导函数,求得斜率,即可得到切线方程.【解答】解:∵y=3(x2+x)e x,∴y'=3e x(x2+3x+1),∴当x=0时,y'=3,∴y=3(x2+x)e x在点(0,0)处的切线斜率k=3,∴切线方程为:y=3x.故答案为:y=3x.14.【答案】1213【解析】【分析】本题主要考查等比数列前n项和的计算,结合条件建立方程组求出q是解决本题的关键.根据等比数列的通项公式,建立方程求出q的值,结合等比数列的前n项和公式进行计算即可.【解答】解:在等比数列中,由a42=a6,得q6a12=q5a1>0,即q>0,q=3,则S5==,故答案为:. 15.【答案】0.18【解析】解:甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,甲队以4:1获胜包含的情况有:①前5场比赛中,第一场负,另外4场全胜,其概率为:p1=0.4×0.6×0.5×0.5×0.6=0.036,②前5场比赛中,第二场负,另外4场全胜,其概率为:p2=0.6×0.4×0.5×0.5×0.6=0.036,③前5场比赛中,第三场负,另外4场全胜,其概率为:p3=0.6×0.6×0.5×0.5×0.6=0.054,④前5场比赛中,第四场负,另外4场全胜,其概率为:p3=0.6×0.6×0.5×0.5×0.6=0.054,则甲队以4:1获胜的概率为:p=p1+p2+p3+p4=0.036+0.036+0.054+0.054=0.18.故答案为:0.18.甲队以4:1获胜包含的情况有:①前5场比赛中,第一场负,另外4场全胜,②前5场比赛中,第二场负,另外4场全胜,③前5场比赛中,第三场负,另外4场全胜,④前5场比赛中,第四场负,另外4场全胜,由此能求出甲队以4:1获胜的概率.本题考查概率的求法,考查相互独立事件概率乘法公式等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.16.【答案】2【解析】解:如图,∵=,且•=0,∴OA⊥F1B,则F1B:y=,联立,解得B (,),则,,∴=4c2,整理得:b2=3a2,∴c2-a2=3a2,即4a2=c2,∴,e=.故答案为:2.由题意画出图形,结合已知可得F1B⊥OA,写出F1B的方程,与y=联立求得B点坐标,再由勾股定理求解.本题考查双曲线的简单性质,考查数形结合的解题思想方法,考查计算能力,是中档题.17.【答案】解:(1)∵△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.设(sin B-sin C)2=sin2A-sin B sin C.则sin2B+sin2C-2sin B sin C=sin2A-sin B sin C,∴由正弦定理得:b2+c2-a2=bc,∴cos A =b2+c2−a22bc =bc2bc=12,∵0<A<π,∴A=π3.(2)∵√2a+b=2c,A=π3,∴由正弦定理得√2sinA+sinB=2sinC,∴√6 2+sin(2π3−C)=2sinC解得sin(C-π6)=√22,∴C-π6=π4,C=π4+π6,∴sin C=sin(π4+π6)=sinπ4cosπ6+cosπ4sinπ6=√22×√32+√22×12=√6+√24.【解析】(1)由正弦定理得:b2+c2-a2=bc,再由余弦定理能求出A.(2)由已知及正弦定理可得:sin(C-)=,可解得C的值,由两角和的正弦函数公式即可得解.本题考查了正弦定理、余弦定理、三角函数性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.18.【答案】(1)证明:如图,过N作NH⊥AD,则NH∥AA1,且NH=12AA1,又MB∥AA1,MB=12AA1,∴四边形NMBH为平行四边形,则NM∥BH,由NH∥AA1,N为A1D中点,得H为AD中点,而E为BC中点,∴BE∥DH,BE=DH,则四边形BEDH为平行四边形,则BH∥DE,∴NM∥DE,∵NM⊄平面C1DE,DE⊂平面C1DE,∴MN∥平面C1DE;(2)解:以D为坐标原点,以垂直于DC得直线为x轴,以DC所在直线为y轴,以DD1所在直线为z轴建立空间直角坐标系,则N(√32,−12,2),M(√3,1,2),A1(√3,-1,4),NM⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(√32,32,0),NA1⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(√32,−12,2),设平面A1MN的一个法向量为m⃗⃗⃗ =(x,y,z),由{m⃗⃗ ⋅NM⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =√32x+32y=0m⃗⃗ ⋅NA1⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =√32x−12y+2z=0,取x=√3,得m⃗⃗⃗ =(√3,−1,−1),又平面MAA1的一个法向量为n⃗=(1,0,0),∴cos<m⃗⃗⃗ ,n⃗>=m⃗⃗⃗ ⋅n⃗⃗|m⃗⃗⃗ |⋅|n⃗⃗ |=√3√5=√155.∴二面角A-MA1-N的正弦值为√105.【解析】本题考查直线与平面平行的判定,考查空间想象能力与思维能力,训练了利用空间向量求解空间角,是中档题.(1)过N作NH⊥AD,证明NM∥BH,再证明BH∥DE,可得NM∥DE,再由线面平行的判定可得MN∥平面C1DE;(2)以D为坐标原点,以垂直于DC得直线为x轴,以DC所在直线为y轴,以DD1所在直线为z轴建立空间直角坐标系,分别求出平面A1MN与平面MAA1的一个法向量,由两法向量所成角的余弦值可得二面角A-MA1-N的正弦值.19.【答案】解:(1)设直线l的方程为y=32(x-t),将其代入抛物线y2=3x得:94x2-(92t+3)x+94t2=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=92t+394=2t+43,①,x1x2=t2②,由抛物线的定义可得:|AF|+|BF|=x1+x2+p=2t+43+32=4,解得t=712,直线l 的方程为y =32x -78.(2)若AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =3PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,则y 1=-3y 2,∴32(x 1-t )=-3×32(x 2-t ),化简得x 1=-3x 2+4t ,③ 由①②③解得t =1,x 1=3,x 2=13, ∴|AB |=√1+94√(3+13)2−4=4√133. 【解析】(1)很具韦达定理以及抛物线的定义可得. (2)若=3,则y 1=-3y 2,⇒x 1=-3x 2+4t ,再结合韦达定理可解得t=1,x 1=3,x 2=,再用弦长公式可得.本题考查了抛物线的性质,属中档题.20.【答案】证明:(1)f (x )的定义域为(-1,+∞),f ′(x )=cos x −11+x ,f ″(x )=-sin x +1(1+x)2,令g (x )=-sin x +1(1+x)2,则g ′(x )=-cos x −2(1+x)3<0在(-1,π2)恒成立, ∴f ″(x )在(-1,π2)上为减函数,又∵f ″(0)=1,f ″(π2)=-1+1(1+π2)2<-1+1=0,由零点存在定理可知,函数f ″(x )在(-1,π2)上存在唯一的零点x 0,结合单调性可得,f ′(x )在(-1,x 0)上单调递增, 在(x 0,π2)上单调递减,可得f ′(x )在区间(-1,π2)存在唯一极大值点;(2)由(1)知,当x ∈(-1,0)时,f ′(x )单调递增,f ′(x )<f ′(0)=0,f (x )单调递减; 当x ∈(0,x 0)时,f ′(x )单调递增,f ′(x )>f ′(0)=0,f (x )单调递增;由于f ′(x )在(x 0,π2)上单调递减,且f ′(x 0)>0,f ′(π2)=−11+π2<0,由零点存在定理可知,函数f ′(x )在(x 0,π2)上存在唯一零点x 1,结合单调性可知, 当x ∈(x 0,x 1)时,f ′(x )单调递减,f ′(x )>f ′(x 1)=0,f (x )单调递增; 当x ∈(x 1,π2)时,f ′(x )单调递减,f ′(x )<f ′(x 1)=0,f (x )单调递减. 当x ∈(π2,π)时,cos x <0,-11+x <0,于是f ′(x )=cos x -11+x <0,f (x )单调递减, 其中f (π2)=1-ln (1+π2)>1-ln (1+3.22)=1-ln2.6>1-ln e =0, f (π)=-ln (1+π)<-ln3<0. 于是可得下表:x (-1,0) 0 (0,x 1) x 1(x 1,π2) π2 (π2,π) π f ′(x ) - 0 + 0---- f (x )减函数0 增函数大于0 减函数大于0 减函数小于0结合单调性可知,函数f (x )在(-1,π2]上有且只有一个零点0, 由函数零点存在性定理可知,f (x )在(π2,π)上有且只有一个零点x 2,当x ∈[π,+∞)时,f (x )=sin x -ln (1+x )<1-ln (1+π)<1-ln3<0,因此函数f (x )在[π,+∞)上无零点. 综上,f (x )有且仅有2个零点. 【解析】(1)f (x )的定义域为(-1,+∞),求出原函数的导函数,进一步求导,得到f″(x )在(-1,)上为减函数,结合f″(0)=1,f″()=-1+<-1+1=0,由零点存在定理可知,函数f″(x )在(-1,)上存在唯一得零点x 0,结合单调性可得,f′(x )在(-1,x 0)上单调递增,在(x 0,)上单调递减,可得f′(x )在区间(-1,)存在唯一极大值点;(2)由(1)知,当x ∈(-1,0)时,f′(x )<0,f (x )单调递减;当x ∈(0,x 0)时,f′(x )>0,f (x )单调递增;由于f′(x )在(x 0,)上单调递减,且f′(x 0)>0,f′()<0,可得函数f′(x )在(x 0,)上存在唯一零点x 1,结合单调性可知,当x ∈(x 0,x 1)时,f (x )单调递增;当x ∈()时,f (x )单调递减.当x ∈(,π)时,f (x )单调递减,再由f ()>0,f (π)<0.然后列x ,f′(x )与f (x )的变化情况表得答案.本题考查利用导数求函数的极值,考查函数零点的判定,考查数学转化思想方法,考查函数与方程思想,考查逻辑思维能力与推理运算能力,难度较大. 21.【答案】(1)解:X 的所有可能取值为-1,0,1.P (X =-1)=(1-α)β,P (X =0)=αβ+(1-α)(1-β),P (X =1)=α(1-β), X -11P (1-α)β αβ+(1-α)(1-β) α(1-β)()()证明:∵,, ∴由(1)得,a =0.4,b =0.5,c =0.1.因此p i =0.4p i -1+0.5p i +0.1p i +1(i =1,2,…,7),故0.1(p i +1-p i )=0.4(p i -p i -1),即(p i +1-p i )=4(p i -p i -1),又∵p 1-p 0=p 1≠0,∴{p i +1-p i }(i =0,1,2,…,7)为公比为4,首项为p 1的等比数列; (ii )解:由(i )可得,p 8=(p 8-p 7)+(p 7-p 6)+…+(p 1-p 0)+p 0=p 1(1−48)1−4=48−13P 1,∵p 8=1,∴p 1=348−1,∴P 4=(p 4-p 3)+(p 3-p 2)+(p 2-p 1)+(p 1-p 0)+p 0=44−13p 1=1257.P 4表示最终认为甲药更有效的概率.由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,乙药治愈率为0.8时,认为甲药更有效的概率为P 4=1257≈0.0039,此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理. 【解析】(1)由题意可得X 的所有可能取值为-1,0,1,再由相互独立试验的概率求P (X=-1),P (X=0),P (X=1)的值,则X 的分布列可求;(2)(i )由α=0.5,β=0.8结合(1)求得a ,b ,c 的值,代入p i =ap i-1+bp i +cp i+1,得到(p i+1-p i )=4(p i -p i-1),由p 1-p 0=p 1≠0,可得{p i+1-p i }(i=0,1,2,…,7)为公比为4,首项为p 1的等比数列; (ii )由(i )可得,p 8=(p 8-p 7)+(p 7-p 6)+…+(p 1-p 0)+p 0,利用等比数列的前n 项和与p 8=1,得p 1=,进一步求得p 4=.P 4表示最终认为甲药更有效的概率,结合α=0.5,β=0.8,可得在甲药治愈率为0.5,乙药治愈率为0.8时,认为甲药更有效的概率为,此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.本题是函数与数列的综合题,主要考查数列和函数的应用,考查离散型随机变量的分布列,根据条件推出数列的递推关系是解决本题的关键.综合性较强,有一定的难度. 22.【答案】解:(1)由{x =1−t 21+t 2,y =4t 1+t 2(t 为参数),得{x =1−t 21+t 2y 2=2t1+t 2, 两式平方相加,得x 2+y 24=1(x ≠-1),∴C 的直角坐标方程为x 2+y 24=1(x ≠-1),由2ρcosθ+√3ρsinθ+11=0,得2x +√3y +11=0. 即直线l 的直角坐标方程为得2x +√3y +11=0;(2)设与直线2x +√3y +11=0平行的直线方程为2x +√3y +m =0, 联立{2x +√3y +m =04x 2+y 2−4=0,得16x 2+4mx +m 2-12=0. 由△=16m 2-64(m 2-12)=0,得m =±4. ∴当m =4时,直线2x +√3y +4=0与曲线C 的切点到直线2x +√3y +11=0的距离最小,为|11−4|√22+3=√7. 【解析】(1)把曲线C 的参数方程变形,平方相加可得普通方程,把x=ρcosθ,y=ρsinθ代入2ρcosθ+ρsinθ+11=0,可得直线l 的直角坐标方程; (2)写出与直线l 平行的直线方程为,与曲线C 联立,化为关于x 的一元二次方程,利用判别式大于0求得m ,转化为两平行线间的距离求C 上的点到l 距离的最小值. 本题考查间单曲线的极坐标方程,考查参数方程化普通方程,考查直线与椭圆位置关系的应用,训练了两平行线间的距离公式的应用,是中档题.23.【答案】证明:(1)分析法:已知a ,b ,c 为正数,且满足abc =1.要证(1)1a +1b +1c ≤a 2+b 2+c 2;因为abc =1. 就要证:abc a +abc b+abc c≤a 2+b 2+c 2;即证:bc +ac +ab ≤a 2+b 2+c 2; 即:2bc +2ac +2ab ≤2a 2+2b 2+2c 2; 2a 2+2b 2+2c 2-2bc -2ac -2ab ≥0(a -b )2+(a -c )2+(b -c )2≥0; ∵a ,b ,c 为正数,且满足abc =1.∴(a -b )2≥0;(a -c )2≥0;(b -c )2≥0恒成立;当且仅当:a =b =c =1时取等号. 即(a -b )2+(a -c )2+(b -c )2≥0得证. 故1a +1b +1c ≤a 2+b 2+c 2得证.(2)证(a +b )3+(b +c )3+(c +a )3≥24成立; 即:已知a ,b ,c 为正数,且满足abc =1.(a +b )为正数;(b +c )为正数;(c +a )为正数;(a +b )3+(b +c )3+(c +a )3≥3(a +b )•(b +c )•(c +a );当且仅当(a +b )=(b +c )=(c +a )时取等号;即:a =b =c =1时取等号; ∵a ,b ,c 为正数,且满足abc =1.(a +b )≥2√ab ;(b +c )≥2√bc ;(c +a )≥2√ac ;当且仅当a =b ,b =c ;c =a 时取等号;即:a =b =c =1时取等号;∴(a +b )3+(b +c )3+(c +a )3≥3(a +b )•(b +c )•(c +a )≥3×8√ab •√bc •√ac =24abc =24; 当且仅当a =b =c =1时取等号;故(a +b )3+(b +c )3+(c +a )3≥24.得证. 故得证. 【解析】(1)利用基本不等式和1的运用可证,(2)分析法和综合法的证明方法可证. 本题考查重要不等式和基本不等式的运用,分析法和综合法的证明方法.。
2019年高考真题理科数学解析分类汇编7立体几何
2019年高考真题理科数学解析分类汇编7 立体几何一、选择题1.【2018高考新课标理7】如图,格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为( )()A 6 ()B 9()C 12 ()D 18【答案】B【解析】由三视图可知,该几何体是三棱锥,底面是俯视图,高为3,所以几何体的体积为93362131=⨯⨯⨯⨯=V ,选B.2.【2018高考浙江理10】已知矩形ABCD ,AB=1,BC=2。
将△沿矩形的对角线BD 所在的直线进行翻折,在翻折过程中。
A.存在某个位置,使得直线AC 与直线BD 垂直.B.存在某个位置,使得直线AB 与直线CD 垂直.C.存在某个位置,使得直线AD 与直线BC 垂直.D.对任意位置,三对直线“AC 与BD ”,“AB 与CD ”,“AD 与BC ”均不垂直 【答案】C【解析】最简单的方法是取一长方形动手按照其要求进行翻着,观察在翻着过程,即可知选项C 是正确的.3.【2018高考新课标理11】已知三棱锥S ABC -的所有顶点都在球O 的求面上,ABC ∆是边长为1的正三角形,SC 为球O 的直径,且2SC =;则此棱锥的体积为( )()A 6 ()B ()C 3 ()D 2【答案】A【解析】ABC ∆的外接圆的半径r =点O 到面ABC 的距离d ==SC为球O 的直径⇒点S 到面ABC 的距离为2d =此棱锥的体积为11233ABC V S d ∆=⨯==另:123ABC V S R ∆<⨯=排除,,B C D ,选A.4.【2018高考四川理6】下列A 、若两条直线和同一个平面所成的角相等,则这两条直线平行B 、若一个平面内有三个点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行C 、若一条直线平行于两个相交平面,则这条直线与这两个平面的交线平行D 、若两个平面都垂直于第三个平面,则这两个平面平行 [答案]C[解析]若两条直线和同一平面所成角相等,这两条直线可能平行,也可能为异面直线,也可能相交,所以A 错;一个平面不在同一条直线的三点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行,故B 错;若两个平面垂直同一个平面两平面可以平行,也可以垂直;故D 错;故选项C 正确.[点评]本题旨在考查立体几何的线、面位置关系及线面的判定和性质,需要熟练掌握课本基础知识的定义、定理及公式.5.【2018高考四川理10】如图,半径为R 的半球O 的底面圆O 在平面α内,过点O 作平面α的垂线交半球面于点A ,过圆O 的直径CD 作平面α成45角的平面与半球面相交,所得交线上到平面α的距离最大的点为B ,该交线上的一点P 满足60BOP ∠=,则A 、P 两点间的球面距离为( )A 、R、4R π C 、R 、3R π[答案]A[解析] 以O 为原点,分别以OB 、OC 、OA 所在直线为x 、y 、z 轴,则A )0,23,21(),22,0,22(R R P R R42arccos=∠∴AOP42arccos ⋅=∴R P A[点评]本题综合性较强,考查知识点较为全面,题设很自然的把向量、立体几何、三角函数等基础知识结合到了一起.是一道知识点考查较为全面的好题.要做好本题需要有扎实的数学基本功.6.【2018高考陕西理5】如图,在空间直角坐标系中有直三棱柱111ABC A B C -,12CA CC CB ==,则直线1BC 与直线1AB夹角的余弦值为( )35【答案】A.【解析】法1:设a CB =||,则a CC CA 2||||1==,),2,0(),0,2,0(),,0,0(),0,0,2(11a a B a C a B a A ,),2,0(),,2,2(11a a BC a a a -=-=∴,55||||,cos 111111=>=<∴BC AB BC AB ,故选A. 法2:过点1B 作11//B D C B 交Oz 轴于点D ,连结AD ,设122CA CC CB a ===,则422=∙=∠∴R PO AO AOP COS113,,AB a B D AD ==,在1AB D ∆中,由余弦定理知直线1AB 与直线1BC 夹角的余弦值为22211112AB B D AD AB B D +-==⋅. 7.【2018高考湖南理3】某几何体的正视图和侧视图均如图1所示,则该几何体的俯视图不可能是【答案】D【解析】本题是组合体的三视图问题,由几何体的正视图和侧视图均如图1所示知,原图下面图为圆柱或直四棱柱,上面是圆柱或直四棱柱或下底是直角的三棱柱,A,B,C都可能D不可能是该几何体的俯视图,因为它的正视图上面应为如图的矩形.查空间想象能力.是近年高考中的热点题型.8.【2018高考湖北理4】已知某几何体的三视图如右图所示,则该几何体的体积为A.8π3B .3πC.10π3D .6π【答案】B考点分析:本题考察空间几何体的三视图.【解析】显然有三视图我们易知原几何体为 一个圆柱体的一部分,并且有正视图知是一个1/2的圆柱体,底面圆的半径为1,圆柱体的高为6,则知所求几何体体积为原体积的一半为3π.选B. 9.【2018高考广东理6】某几何体的三视图如图所示,它的体积为俯视图侧视图正视图第4题图4A .12π B.45π C.57π D.81π 【答案】C【解析】该几何体的上部是一个圆锥,下部是一个圆柱,根据三视图中的数量关系,可得πππ57533-53312222=⨯⨯+⨯⨯⨯=+=圆柱圆锥V V V .故选C .10.【2018高考福建理4】一个几何体的三视图形状都相同、大小均相等,那么这个几何体不可以是A.球B.三棱柱C.正方形D.圆柱 【答案】D. 【【解析】法1:球的三视图全是圆;如图正方体截出的三棱锥三视图全是等腰直角三角形;正方体三视图都是正方形.可以排除ABC ,故选D.法2:球的正视图(主视图)、侧视图(左视图)和俯视图均为圆;三棱锥的正视图(主视图)、侧视图(左视图)和俯视图可以为全等的三角形; 正方体的正视图(主视图)、侧视图(左视图)和俯视图均为正方形; 圆柱的正视图(主视图)、侧视图(左视图)为矩形,俯视图为圆。
山东省济南市2019届高考数学精品资料—统计知识点分析
统计2.会用样本频率分布估计总体的概率分布.“统计”这一章,是初中数学中的“统计初步”的深化和拓展.要求主要会用随机抽样,分层抽样的方法从总体中抽取样本,并用样本频率分布估计总体分布.本章高考题以基本题(中、低档题)为主,每年只出一道填空题,常以实际问题为背景,综合考查学生应用基础知识解决实际问题的能力.高考的热点是总体分布的估计和抽样方法.知识的交汇点是排列、组合、概率与统计的解答题.第1课时抽样方法与总体分布估计1.总体、样本、样本容量我们要考察的对象的全体叫做_______,其中每个考察的对象叫_______.从总体中抽出的一部分个体叫做_______,样本中个体的数目叫做_______.2.简单随机抽样设一个总体由N个个体组成,如果通过逐个抽取的方法从中抽取一个样本,且每次抽取时,各个个体被抽到的_______相等,就称这样的抽样为_______.3.分层抽样当已知总体由_______的几部分组成时,为了使样本更能充分地反映总体的情况,常将总体分成几个部分,然后按照各部分所占的_______进行抽样,这种抽样叫做_______.其中所分成的各个部分叫做_______.4.总体分布和样本频率分布总体取值的_______分布规律称为总体分布.样本频率分布_______称为样本频率分布.5.总体分布估计:总体分布估计主要指两类.一类是用样本的频率分布去估计总体(的概率)分布.二类是用样本的某些数字特征(例如平均数、方差、标准差等)去估计总体的相应数字特征.6.频率分布条形图和直方图:两者都是用来表示总体分布估计的.其横轴都是表示总体中的个体.但纵轴的含义却截然不同.前者纵轴(矩形的高)表示频率;后者纵轴表示频率与组距的比,其相应组距上的频率等于该组距上的矩形的面积.7.总体期望值指总体平均数.例1. 某公司在甲、乙、丙、丁四个地区分别有150个,120个,180个,150个销售点,公司为了调查产品销售的情况,需从这600个销售点中抽取一个容量为100的样本,记这项调查为①;在丙地区中有20个特大型销售点,要从中抽取7个调查其销售收入和售后服务等情况,记这项调查为②;则完成①②这两项调查采用的抽样方法依次是()A.分层抽样,系统抽样B.分层抽样,简单随机抽样法C.系统抽样,分层抽样D.简单随机抽样法,分层抽样法解:B变式训练1:某单位有职工100人,不到35岁的有45人,35岁到49岁的有25人,剩下的为50岁以上的人,用分层抽样的方法从中抽取20人,各年龄段分别抽取多少人()A.7,5,8 B.9,5,6C.6,5,9 D.8,5,7解:B样本容量与总体个数的比为20:100=1:5∴各年龄段抽取的人数依次为:11499,255,20956⨯=⨯=--=(人)55例2. 一批产品有一级品100个,二级品60个,三级品40个,分别采用系统抽样和分层抽样,从这批产品中抽取一个容量为20的样本。
2019年山东省高考文科数学试卷及答案解析(word版)
数学试卷2019年普通高等学校招生全国统一考试(山东卷)文科数学本试卷分第I卷和第II 卷两部分,共4页。
满分150分,考试用时120分钟。
考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项:1.答题前,考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、县区和科类填写在答题卡和试卷规定的位置上。
2.第I 卷每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;如果改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号、答案写在试卷上无效。
3.第II 卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置,不能写在试卷上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不能使用涂改液、胶带纸、修正带,不按以上要求作答的答案无效。
4.填空题请直接填写答案,解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
参考公式:如果事件A ,B 互斥,那么()()()P A B P A P B +=+第I卷(共50分)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分. . 在每小题给出的四个选项中,只在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
(1) 已知,,a b R i Î是虚数单位. 若a i +=2bi -,则2()a bi +=(A) 34i -(B) 34i +(C) 43i-(D) 43i+(2) 设集合2{|20},{|14}A x x x B x x =-<=££,则AB =(A) (0,2](B) (1,2)(C) [1,2)(D) (1,4)(3) 函数21()log 1f x x =-的定义域为的定义域为(A) (0,2) (B) (0,2] (C) (2,)+¥ (D) [2,)+¥ (4) 用反证法证明命题:“设,a b 为实数,则方程30x ax b ++=至少有一个实根”时,要做的假设是做的假设是 (A) 方程30x ax b ++=没有实根没有实根(B) 方程30x ax b ++=至多有一个实根实根 (C) 方程30x ax b ++=至多有两个实根至多有两个实根(D) 方程30x ax b ++=恰好有两个实根实根(5) 已知实数,x y 满足(01)xya a a <<<, 则下列关系式恒成立的是则下列关系式恒成立的是 (A) 33x y > (B) sin sin x y > (C) 22ln(1)ln(1)x y +>+(D) 221111x y >++ (6) 已知函数log ()(,0,1)a y x c a c a a =+>¹为常数,其中的图象如右图,则下列结论成立的是立的是(A) 0,1a c >> (B) 1,01a c ><< (C) 01,1a c <<> (D) 01,01a c <<<< (7) 已知向量(1,3),(3,)a b m ==. 若向量,a b 的夹角为6p ,则实数m = (A) 23 (B) 3 (C) 0 (D) 3- (8) 为了研究某药品的疗效,选取若干名志愿者进行临床试验,所有志愿者的舒张压数据(单位:kPa )的分组区间为[12,13),[13,14),[14,15),[15,16),[16,17],将其按从左到右的xEO顺序分别编号为第一组,第二组,……,第五组,右图是根据试验数据制成的频率分布直方图。
2019山东高考数学课件及世纪金榜答案4.1
场 ·
典
实
例
战
精
演
讲
练
考
考
纲
题
点
研
击 · 特
5.已知3
r x
+4
r y
=
a
,2
r x
-3
r y
=b
,其中 a
,b
为已知向量,则向
究 · 解
别 关 注
量
r x
=______,
r y
=______.
密 高 考
基 础 盘
【解析】由已知得6
r x
+8
r y
=2
a
,6
xr-9
=yr 3
,b
经 典 考
点
题
· 警 示 提 醒
考
考
纲
题
点
研
击
究
·
·
特
解
别
密
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经
础
典
盘
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·
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注
考
基 础
若把平面内所有的单位向量的起点移到同一个点,它
经 典
盘
2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试题文山东卷,参考解析
绝密★启用前2017年普通高等学校招生全国统一考试(山东卷)文科数学一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符号题目要求的.(1)设集合{}11M x x =-<,{}x 2N x =<,则M N =A.(-1,1)B. (-1,2)C. (0,2)D. (1,2) 【答案】C 【解析】由|1|1x -<得02x <<,故M N={|02}{|2}{|02}x x x x x x =<<⋂<=<<,选C.(2)已知i 是虚数单位,若复数满足1zi i =+,则2z = 【答案】A【解析】由1zi i =+得22()(1)zi i =+,即22z i -=,故22z i =-,选A.(3)已知x,y 满足约束条件x 2y 50x 30x 2⎧≤⎪≥⎨⎪≤⎩-++则z=x+2y 的最大值是 【答案】D【解析】由x 2y 50x 30y 2⎧≤⎪≥⎨⎪≤⎩-++画出可行域及直线20x y +=如图所示,平移20x y +=发现,当其经过直线x 2y 50=-+与y 2=的交点(1,2)-时,2z x y =+最大为1223z =-+⨯=,选D.(4)已知34cosx =,则2cos x = (A)- 14 (B) 14 (C) - 18 (D) 18【答案】D(5) 已知命题p :x R ∃∈ , 210x x -+≥;命题q :若22a b <,则a<b.下列命题为真命题的是(A )p Λ q (B)p Λ⌝ q (C) ⌝ p Λ q (D) ⌝ p Λ ⌝ q 【答案】B【解析】由0x =时210x x -+≥成立知p 是真命题,由222212,1(2)<<-可知q 是假命题,故选B.(6)执行右侧的程序框图,当输入的x 值时,输入的y 的值为2,则空白判断框中的条件可能为(A )x>3 (B) x>4 (C)x ≤ 4 (D)x ≤ 5 【答案】B【解析】输入x 为4,要想输出y 为2,则程序经过2log 42y ==,故判断框填4x >,选B. (7)函数sin2cos23+=y x x 最小正周期为A2π B 23π C π D 2π 【答案】C【解析】由题意2sin(2)6y x π=+,其周期22T ππ==,故选C. (8)如图所示的茎叶图记录了甲乙两组各5名工人某日的产量数据(单位:件)。
2019年普通高等学校招生全国统一考试数学卷(山东.理)含详细讲解
2019年普通高等学校招生全国统一考试(山东卷)理科数学第Ⅰ卷(共60分)参考公式:球的表面积公式:24πS R =,其中R 是球的半径.如果事件A 在一次试验中发生的概率是p ,那么n 次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率:()(1)(012)k kn k n nP k C p p k n -=-=L ,,,,. 如果事件A B ,互斥,那么()()()P A B P A P B +=+. 如果事件A B ,相互独立,那么()()()P AB P A P B =g .一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.满足{}1234M a a a a ⊆,,,,且{}{}12312M a a a a a =I ,,,的集合M 的个数是( ) A .1B .2C .3D .4解析:本小题主要考查集合子集的概念及交集运算。
集合M 中必含有12,a a ,则{}12,M a a =或{}124,,M a a a =.选B. 2.设z 的共轭复数是z ,若4z z +=,8z z =g ,则zz等于( ) A .i B .i - C .1± D .i ±解析:本小题主要考查共轭复数的概念、复数的运算。
可设2z bi =+,由8z z ⋅=得248, 2.b b +==±()2222.88i z z i z ±===±选D.3.函数ππln cos 22y x x ⎛⎫=-<< ⎪⎝⎭的图象是( )xxA .B .C .D .解析:本小题主要考查复合函数的图像识别。
ln cos ()22y x x ππ=-<<是偶函数,可排除B 、D ,由cos 1lncos 0x x ≤⇒≤排除C,选A.4.设函数()1f x x x a =++-的图象关于直线1x =对称,则a 的值为( ) A .3B .2C .1D .1-解:1x +、x a -在数轴上表示点x 到点1-、a 的距离,他们的和()1f x x x a =++-关于1x = 对称,因此点1-、a 关于1x =对称,所以3a =(直接去绝对值化成分段函数求解比较麻烦,如取特殊值解也可以) 5.已知πcos sin 6αα⎛⎫-+= ⎪⎝⎭7πsin 6α⎛⎫+ ⎪⎝⎭的值是( ) A. BC .45-D .45解::3cos()sin sin 62παααα-+=+=14cos 25αα=,714sin()sin()sin cos .66225ππαααα⎛⎫+=-+=-+=- ⎪ ⎪⎝⎭6.右图是一个几何体的三视图,根据图中数据,可得该几何体的表面积是( )A .9πB .10πC .11πD .12π解:从三视图可以看出该几何体是由一个球和一个圆柱组合而成的,其表面及为22411221312.S ππππ=⨯+⨯⨯+⨯⨯=7.在某地的奥运火炬传递活动中,有编号为12318L ,,,,的18名火炬手.若从中任选3人,则选出的火炬手的编号能组成以3为公差的等差数列的概率为( ) A .151B .168C .1306D .1408解:古典概型问题,基本事件总数为31817163C =⨯⨯。
山东省2019年高考[文数]考试真题与答案解析
,则.....某学校为了解1 000名新生的身体素质,将这些学生编号为1,2,…A .A =12A+10.双曲线C :2222x y a b-A .2sin40°11.△ABC 的内角A cos A =-,则=14bcA .612.已知椭圆C 的焦点为,过F 2的直线与C 交于A ,B 两点.若12(1,0),(1,0)F F -,,则C 的方程为22||2||AF F B =1||||AB BF =A .B .C .D .2212x y +=22132x y +=22143x y +=22154x y +=二、填空题本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.曲线在点处的切线方程为___________.2)3(e xy x x =+(0,0)14.记S n 为等比数列{a n }的前n 项和.若,则S 4=___________.13314a S ==,15.函数的最小值为___________.3π()sin(2)3cos 2f x x x =+-16.已知∠ACB=90°,P 为平面ABC 外一点,PC =2,点P 到∠ACB 两边AC ,BC 的距离均为,那么P 到平面ABC 的距离为___________.3三、解答题共70分。
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答。
第22、23题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题:60分。
17.(12分)某商场为提高服务质量,随机调查了50名男顾客和50名女顾客,每位顾客对该商场的服务给出满意或不满意的评价,得到下面列联表:满意不满意男顾客4010女顾客3020(1)分别估计男、女顾客对该商场服务满意的概率;(2)能否有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异?附:.22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++(1)证明:MN∥平面C1DE;(2)求点C到平面C1DE的距离.20.(12分)21.(12分)已知点A ,B 关于坐标原点O 对称,│AB │=4,⊙M 过点A ,B 且与直线x +2=0相切.(1)若A 在直线x +y =0上,求⊙M 的半径;(2)是否存在定点P ,使得当A 运动时,│MA │-│MP │为定值?并说明理由.(二)选考题共10分。
2019年山东文数高考试题文档版(含答案解析)
19.( 12 分) 如图,直四棱柱 ABCD –A1B1C1D1 的底面是菱形, AA1=4 ,AB=2,∠ BAD =60°, E,M ,N 分别是 BC, BB1, A1D 的中点 .
( 1)证明: MN ∥平面 C1DE; ( 2)求点 C 到平面 C1DE 的距离.
20.( 12 分) 已知函数 f( x) =2sinx- xcosx- x, f ′( x)为 f( x)的导数. ( 1)证明: f ′( x)在区间( 0, π)存在唯一零点;
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题:本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目
要求的。
1.设 z 3 i ,则 z = 1 2i
A.2
B. 3
C. 2
D. 1
2.已知集合 U 1,2,3,4,5,6,7 , A 2,3,4,5 ,B 2,3,6,7 ,则 B eU A
则 C 的方程为
x2
A.
2
y2 1
x2
B.
3
y2 1
2
x2
C.
4
y2 1
3
x2 y2
D.
1
54
二、填空题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分。
13.曲线 y 3( x2 x)ex 在点 (0,0) 处的切线方程为 ___________ .
3 14.记 Sn为等比数列 { an} 的前 n 项和 .若 a1 1, S3 ,则 S4=___________.
4 3π 15.函数 f ( x) sin(2 x ) 3cos x 的最小值为 ___________. 2 16.已知∠ ACB= 90°, P 为平面 ABC 外一点, PC=2,点 P 到∠ ACB 两边 AC,BC 的距离均为 3 ,那么 P
【高考讲坛】2019届高三数学(理,山东版)一轮限时检测69 直接证明与间接证明(含答案)
课时限时检测(六十九) 直接证明与间接证明(时间:60分钟 满分:80分)命题报告一、选择题(1.(2018·潍坊模拟)若a <b <0,则下列不等式中成立的是( ) A.1a <1bB .a +1b >b +1aC .b +1a >a +1bD.b a <b +1a +1【解析】 ∵a <b <0,∴1a >1b ,又b >a ,∴b +1a >a +1b .【答案】 C 2.用反证法证明某 A .a ,b ,c 中至少有两个偶数B .a ,b ,c 中至少有两个偶数或都是奇数C .a ,b ,c 都是奇数D .a ,b ,c 都是偶数【解析】 “自然数a ,b ,c 中恰有一个偶数”的否定为“a,b ,c 中至少有两个偶数或都是奇数”. 【答案】 B3.若P =a +a +7,Q =a +3+a +4(a≥0),则P 、Q 的大小关系是( ) A .P >Q B .P =QC .P <QD .由a 的取值确定【解析】 ∵P 2=2a +7+2a a +7=2a +7+2a 2+7a , Q 2=2a +7+2a +3a +4=2a +7+2a 2+7a +12, ∴P 2<Q 2,∴P <Q. 【答案】 C4.对于平面α和共面的直线m 、n ,下列 A .若m ⊥α,m ⊥n ,则n ∥αB .若m ∥α,n ∥α,则m ∥nC .若m ⊂α,n ∥α,则m ∥nD .若m 、n 与α所成的角相等,则m ∥n 【解析】 对于平面α和共面直线m 、n. 设m ,n 确定的平面为β, 对于C ,若m ⊂α,则m =α∩β, 从而n ∥α可得m ∥n ,因此C 正确. 【答案】 C5.(2018·成都模拟)已知函数f(x)=⎝ ⎛⎭⎪⎫12x ,a ,b 是正实数,A =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫a +b 2,B =f(ab),C =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫2ab a +b ,则A 、B 、C 的大小关系为( )A .A≤B≤CB .A≤C≤BC .B≤C≤AD .C≤B≤A【解析】 ∵a +b 2≥ab ≥2ab a +b ,又f(x)=⎝ ⎛⎭⎪⎫12x 在R 上是减函数,∴f ⎝ ⎛⎭⎪⎫a +b 2≤f(ab )≤f ⎝ ⎛⎭⎪⎫2ab a +b ,即A≤B≤C.【答案】 A6.(2018·广东高考)设整数n≥4,集合X ={1,2,3,…,n}.令集合S ={(x ,y ,z)|x ,y ,z ∈X ,且三条件x<y<z ,y<z<x ,z<x<y 恰有一个成立}.若(x ,y ,z)和(z ,w ,x)都在S 中,则下列选项正确的是( )A .(y ,z ,w)∈S ,(x ,y ,w)∉SB .(y ,z ,w)∈S ,(x ,y ,w)∈SC .(y ,z ,w)∉S ,(x ,y ,w)∈SD .(y ,z ,w)∉S ,(x ,y ,w)∉S【解析】 法一 因为(x ,y ,z)∈S ,则x ,y ,z 的大小关系有3种情况,同理,(z ,w ,x)∈S ,则z ,w ,x 的大小关系也有3种情况,如图所示,由图可知,x ,y ,w ,z 的大小关系有4种可能,均符合(y ,z ,w)∈S ,(x ,y ,w)∈S.故选B.法二 (特殊值法)因为(x ,y ,z)和(z ,w ,x)都在S 中,不妨令x =2,y =3,z =4,w =1,则(y ,z ,w)=(3,4,1)∈S ,(x ,y ,w)=(2,3,1)∈S ,故(y ,z ,w)∉S ,(x ,y ,w)∉S 的说法均错误,可以排除选项A 、C 、D ,故选B.【答案】 B二、填空题(每小题5分,共15分)7.下列条件:①ab >0,②ab <0,③a >0,b >0,④a <0,b <0,其中能使b a +ab ≥2成立的条件的个数是________.【解析】 要使b a +a b ≥2,只要b a >0且ab >0,即a ,b 不为0且同号即可,故有3个.【答案】 38.(2018·洛阳模拟)下面有4个 ①当x >0时,2x+12x 的最小值为2;②若双曲线x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的一条渐近线方程为y =3x ,且其一个焦点与抛物线y 2=8x 的焦点重合,则双曲线的离心率为2;③将函数y =sin 2x 的图象向右平移π6个单位,可以得到函数y =sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x -π6的图象; ④在Rt △ABC 中,AC ⊥BC ,AC =a ,BC =b ,则△ABC 的外接圆半径r =a 2+b22;类比到空间,若三棱锥S —ABC 的三条侧棱SA 、SB 、SC 两两互相垂直,且长度分别为a 、b 、c ,则三棱锥S —ABC 的外接球的半径R =a 2+b 2+c 22.其中错误..【解析】 对于①,2x+12x 取得最小值为2的条件是x =0,这与x >0相矛盾;对于③,将函数y =sin 2x 的图象向右平移π6个单位,可以得到函数y =sin 2⎝ ⎛⎭⎪⎫x -π6=sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x -π3的图象;易证②成立;对于④,可将该三棱锥补成长方体,其外接球的直径恰好是长方体的体对角线.【答案】 ①③9.凸函数的性质定理为:如果函数f(x)在区间D 上是凸函数,则对于区间D 内的任意x 1,x 2,…,x n ,有1+2+…+nn≤f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1+x 2+…+x n n ,已知函数y =sinx 在区间(0,π)上是凸函数,则在△ABC 中,sin A +sin B +sin C 的最大值为________.【解析】 ∵f(x)=sin x 在区间(0,π)上是凸函数, 且A 、B 、C ∈(0,π), ∴++3≤f ⎝ ⎛⎭⎪⎫A +B +C 3=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3, 即sin A +sin B +sin C≤3sinπ3=332, 所以sin A +sin B +sin C 的最大值为332.【答案】332三、解答题(本大题共3小题,共35分) 10.已知a >0,b >0,试用分析法证明不等式ab +ba≥a + b. 【解析】 要证原不等式成立只需证: a a +b b ≥ab(a +b),即只需证(a)3+(b)3≥ab(a +b) 只需证(a +b)(a -ab +b)≥ab(a +b)只需证a -ab +b≥ab ,即(a -b)2≥0 而上式显然成立, 故原不等式得证.11.(2018·临沂模拟)已知二次函数f(x)=ax 2+bx +c(a>0)的图象与x 轴有两个不同的交点,若f(c)=0,且0<x<c 时,f(x)>0.(1)证明:1a 是函数f(x)的一个零点;(2)试用反证法证明1a>c.【解】 (1)证明 ∵f(x)图象与x 轴有两个不同的交点,∴f(x)=0有两个不等实根x 1,x 2, ∵f(c)=0,∴x 1=c 是f(x)=0的根, 又x 1x 2=c a ,∴x 2=1a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ≠c ,∴1a是f(x)=0的一个根. 即1a是函数f(x)的一个零点. (2)假设1a <c ,又1a >0,由0<x<c 时,f(x)>0,知f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a >0与f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a =0矛盾,∴1a ≥c,又∵1a ≠c,∴1a>c.12.在△ABC 中,三个内角A 、B 、C 的对边分别为a 、b 、c ,若1a +b +1b +c =3a +b +c ,试问A 、B 、C 是否成等差数列,若不成等差数列,请说明理由.若成等差数列,请给出证明.【解】 A 、B 、C 成等差数列,下面用综合法给出证明: ∵1a +b +1b +c =3a +b +c , ∴a +b +c a +b +a +b +c b +c =3,∴c a +b +a b +c=1, ∴c(b +c)+a(a +b)=(a +b)(b +c), ∴b 2=a 2+c 2-ac.在△ABC 中,由余弦定理,得cos B =a 2+c 2-b 22ac =ac 2ac =12,∵0°<B <180°, ∴B =60°.∴A +C =120°=2B , ∴A 、B 、C 成等差数列.。
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2016年国标卷高考数学试题特点
• 理念领先:贴近课标、贴近现实 • 难度适宜:分类制卷、控制难度 • 数学应用:备件成本、险费计算、线性回归 • 空间想象:空间直线的夹角(文)、作图(文) • 几何直观:对称与周期、函数图象判断 • 通性通法:正余弦定理、等差等比、线面关系 • 学科特点:数学模型、数学思想 • 逻辑推理:卡片猜数、城市旅游 • 选学选考:选考单列、考生自选 • 数学文化:秦九韶算法、九章算术、更相减损术
• 必修变化:增加逻辑用语
•
减少解几、算法框图、线性回归和规划
• 选修变化:增加CAP课程;
•
不分文理,细化专业方向(理经文艺校)
2020/6/16
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新课标(修订)——6大核心素养
• 抽象能力(2.抽象概括能力) • 运算能力(4.运算求解能力) • 逻辑推理与交流(3.推理论证能力) • 数学建模与反思(6.应用意识和创新意识 ) • 几何直观与空间想象(1.空间想象能力) • 数据分析与知识获取(5.数据处理能力)
2020/6/16
23
6.试卷变化
从2014年试卷较往年发生了较大的变化,选择 题减少了2个题,填空题增加了1个题,从分值上 ,选择题共50分,比往年减少了10分;填空题每 小题变为5分,共25分,比去年增加了9分;解答 题共75分,比往年增加了1分。
2020/6/16
24
7.突出主干
在全面考查的前提下,突出考查了高中数学 的主干知识:如函数和导数、三角函数和解三角形、不等 式、数列、空间几何、圆锥曲线、概率统计等,同时兼顾 了新课改新增加的内容如程序框图、直方图、线性规划等 。
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新课标(修订)
2020/6/16
13
新课标(修订)
2020/6/16
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新课标(修订)
• 内容:必修+选修1+选修2
•
必修——学考
•
必修+选修1——高考
•
选修2 (A,B,C,D,E)——自招
• 必修4个模块(142课时):
•
预备(12)+函数与数列(68)+
•
向量与几何(38)+统计与概率(24)
2020/6/16
19
2.命题指导思想:
依据《2016年普通高等学校招生全国统一考试大纲 (课程标准实验版)》和《2016年普通高等学校招生全 国统一考试(课程标准实验版)山东卷考试说明》。
结合我省高中教学实际,体现数学学科性质和特点。 保持相对稳定,体现新课程理念。 遵循“有利于高等学校选拔新生、有利于中学推进素 质教育和课程改革、有利于扩大高校办学自主权。 力求科学、公平、公正、安全、规范”的命题原则。
83.5%,生物68.8%,政治59.7%,历史62.8% ,地理60.9%,技术70.6% • 选考任何3门至少可以报考约66%的专业(类)。现 行高考中,文科考生只可报考约34%的专业(类) 、理科考生只可报考约66%的专业(类)
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上海方案
• 3+3=3*150+3*70=660 • 学考实行合格考与5级等级考 • 学考成绩等及呈现为A、B、C、D、E五等,分别
高三数学复习讲座
2017山东省高考 数学复习
2016.9 2020/6/16
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一、高考改革
• 国务院关于深化考试招生制度改革 实施意 见〔2014〕
• 考试招生模式 • 分类考试——职教与普高,春季与夏季 • 综合评价——淡化高考分数在录取时的作用 • 多元录取——“两依据”,“一参考” • 依据统一高考和高中学业水平考试成绩 • 参考综合素质评价 • 减少保送加分项目,照顾边远落后地区 • 改革——单向的高校批次录取模式 • 教育公平的相对性与社会性—— • 地域经济的差异、政策的平衡与延续性
• 招生采用“专业(类)+学校”志愿填报和招生 录取方式。
• 探索实行考生一档多投、多次选择的投档模式, 增加高校与考生之间双向选择机会。
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浙江方案
• 3+3=3*150+3*100=750 • 选考科目:7选3 • 选考科目按比例和等级赋分,等级差3分,成绩合
格为前提,起点赋分40,每门满分100分 • 选考物理即可报考高校的专业(类)91%,化学
• 学生与课程的双向选择(选课走班)
• 高考改革源自高考之外……
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2016山东本科院校综合评价招生 试点院校及录取人数
• 山东大学(45)
中国海洋大学(21)
• 中国石油大学(华东)(135) 哈工大威海分校(18)
• 青岛大学(100)
山东师范大学(110)
• 山东科技大学(180)
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山东方案(待定)
• 时间表:2017——2020 • 学考——2017级计入高考,部分科目考两次 • 合格考(高一或高二所有科目) • 等级考(高考科目高三上学期) • 高考——2018数学(语文)使用全国卷 • 选学与选考; • 新高考——2020使用全国卷 • 2017不分文理 • 问题——课标与教材
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3.知识与分值
本试卷考查知识点的分布广泛,涵盖了高 中数学各模块、章节的主体知识。试卷考查的知识点在各 个章节的分布合理 ,极好的考查了考生全面的数学知识 。其知识点分布见表1.
试题在各个知识点的分数值和该知识点所占 的中学教学课时量基本保持一致,这对中学教学将会起到 重要的指导性作用
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5.试卷结构
2016 年山东高考数学试卷的长度、 题目类型比例配置:全卷共三种题型,共21题, 其中选择题10题,每题5分,共50分,占总分的 33.3%;填空题5个,每题5分,共25分,约占总分 的16.7%;解答题6个,前4个题目每题12分,最后 两个题:20题13分、21题14分,共75分,约占总 分的50.0%,全卷合计150分。
• 四大能力(教学大纲)
• 逻辑思维能力 • 运算能力 • 空间想象能力 • 分析问题和解决问题的能力
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2016全国高考试卷适用省份
• 全国I卷:福建、广东、安徽、湖北、湖南、江西、山西 、河南、河北
• 全国II卷:贵州、甘肃、青海、西藏、黑龙江、吉林、辽 宁、宁夏、新疆、内蒙古、云南、重庆、陕西、海南
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• 10.考查对知识的综合运用能力
•
中学数学教学遵循模块化教学,但是知识模块
之间的联系却是紧密的,考生要充分理解并掌握知识的内
在联系,只有这样,才能真正融会贯通,因此高考试题中
充分体现各知识点的融合是必要的,对知识的综合考查,
更能体现考生的综合理解能力,是对考生的更高的要求,
2016年的高考数学试题适度综合,充分体现了这一点。
解法:略。
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4.难易合理
• 试卷共有三种题型,其中选择题10个,填空题5个,大题6 个。每种题型的题目按照由易到难的顺序排列,前面的题 目较简单,重点考查考生对一些重要的知识点的理解,重 点追求对知识的掌握;后面的题综合性越来越强,要求考 生具有较强的理解能力,思维能力和运算求解能力;侧重 于试卷的区分度。每道大题也遵循由简单到复杂的顺序编 排,循序渐进,逐渐达到应有的难度。这样的安排,更适 合考生发挥最大的潜能,更好的体现试卷的信度和区分度 ,更有利于高校选拔合适的人才。
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2017年山东要实行的相关政策
本科段招生除提前批次外,实行同一批次取
合
并
一本
& 二本
减少行政干预,为 所有高校公平发展 提供空间
消除部分普通高中学校比 拼一本率的冲动,减轻高 中学校的压力
学生在高考填报志 愿时获得最大选择 空间、更多选择机 会
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2020年山东要实行的相关政策
青岛科技大学(60)
• 山东财经大学(60)
合计录取:629人
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2016山东本科院校综合评价
• 考生综合成绩=
•
高考成绩+
•
高中学业水平考试成绩+
•
高校考核成绩
• 其中,高考成绩在其中占比原则上不低于50%, 其余两项在其中的占比由试点高校自行确定。
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2016山东省高考改革政策
• 已发布 • 《关于组织开展普通本科度改革实施方案》 • 《关于组织开展普通本科高校综合评价招生试点工作的通
知》 • 《山东省普通高中学业水平考试实施方案》 • 《山东省普通高中学生综合素质评价实施办法》
• 规划制定中
• 印发《山东省高等学校考试招生综合改革方案》
• 印发《山东省普通高中学生职业适应性测试指导意见》
• 全国III卷:广西、云南、四川
• 自主命题:北京、天津、上海、江苏、浙江
• 半自主命题:
•
山东:英语、综合全国I卷;语文、数学自主命题
•
海南:语数外全国II卷、其它仍由国家考试中心为海
南省单独命制
•
四川:语文、文科综合、外语科小语种使用全国卷;
数学、理科综合、英语科使用四川卷
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二、2016年全国高考数学(山东卷)
1、若复数 z 满足 2z z 3 2i, 其中 i 为虚数单位,则 z= (A)1+2i (B)12i (C) 1 2i (D) 1 2i 考查: 复数的的相等和方程思想。
说明:会进行复数代数形式的四则运算.② 了解复数 代数形式的加、减运算的几何意义.